浙江版高考物理复习高考12题:第3题牛顿运动定律功和能预测题型2多过程问题和连接体问题含答案

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2021年浙江高考物理复习课件:专题三 牛顿运动定律

2021年浙江高考物理复习课件:专题三 牛顿运动定律
A.雪橇对小英的作用力大小大于Mg B.雪橇受到的滑动摩擦力大小为μ(M+m)g C.雪橇受到的滑动摩擦力大小为F cos θ D.地面对雪橇的支持力大小为mg-F sin θ
解析 对小英进行受力分析,受到重力、雪橇对小英的支持力FN和摩擦力f 的作用,在竖直方向上FN=Mg,水平方向上f=Ma,雪橇对小英的作用力大小F=
独立性
①作用于物体上的每一个力各自产生的加速度都遵从牛顿第二定律 ②物体的实际加速度等于每个力产生的加速度的矢量和 ③力、加速度在各个方向上的分量也遵从牛顿第二定律,即Fx=max,Fy=may
局限性
①只适用于宏观、低速运动的物体,不适用于微观、高速运动的粒子 ②物体的加速度必须是相对于地球静止或匀速直线运动的参考系(惯性系)而言的
FAB=-FBA
F1-F2=0或F1=F2
只涉及两个物体
要涉及三个物体(两个施力物体、一个 受力物体)
分别作用在两个物体上
共同作用在一个物体上
合力问题 不能合成
合力为零
力的性质 性质一定相同
性质不一定相同
依赖关系 作用效果
相互依存,同时产生、同时变化、同 无依赖关系,不一定同时产生、同时变
时消失
化、同时消失
同向性 正比性 瞬时性
因果性
同一性
公式F=ma是矢量式,任一时刻,F与a同向
m一定时,a∝F
a与F对应同一时刻,即a为某时刻的加速度时,F 为该时刻物体所受的合外力
F是产生a的原因,物体具有加速度是因为物体受 到的合外力不为0
有三层意思:①任意时刻,加速度a相对同一惯性 系(一般指地面) ②F=ma中,F、m、a对应同一物体或同一系统 ③F=ma中,各量统一使用国际单位制单位

高三物理(浙江学考)一轮复习练习:牛顿第一定律牛顿第三定律有答案

高三物理(浙江学考)一轮复习练习:牛顿第一定律牛顿第三定律有答案

[浙江考试标准]第1节 牛顿第一定律 牛顿第三定律考点一| 牛顿第一定律1.内容一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态,除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态.2.意义(1)指出力不是维持物体运动的原因,而是改变物体运动状态的原因,即力是产生加速度的原因.(2)指出了一切物体都有惯性,因此牛顿第一定律又称为惯性定律.(3)牛顿第一定律描述的只是一种理想状态,而实际中不受力作用的物体是不存在的,当物体受外力但所受合力为零时,其运动效果跟不受外力作用时相同,物体将保持静止或匀速直线运动状态.(4)与牛顿第二定律的关系:牛顿第一定律和牛顿第二定律是相互独立的.力是如何改变物体运动状态的问题由牛顿第二定律来回答.牛顿第一定律是不受外力的理想情况下经过科学抽象、归纳推理而总结出来的,而牛顿第二定律是一条实验定律.3.惯性(1)定义:物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质.(2)量度:质量是物体惯性大小的唯一量度,质量大的物体惯性大,质量小的物体惯性小.(3)普遍性:惯性是物体的固有属性,一切物体都有惯性,与物体的运动情况和受力情况无关.(4)惯性的两种表现形式①物体在不受外力或所受的合外力为零时,惯性表现为使物体保持原来的运动状态不变(静止或匀速直线运动).②物体受到外力时,惯性表现为运动状态改变的难易程度.惯性大,物体的运动状态较难改变;惯性小,物体的运动状态容易改变.1.伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法,有力地促进了人类科学认识的发展.利用如图3-1-1所示的装置做如下实验:小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动,并沿右侧斜面上升.斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时,小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3.根据三次实验结果的对比,可以得到的最直接的结论是()【导学号:81370088】图3-1-1A.如果斜面光滑,小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力,它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用,它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时,质量越大,它的加速度越小A[根据题意,铺垫材料粗糙程度降低时,小球上升的最高位置升高,当斜面绝对光滑时,小球在斜面上没有能量损失,因此可以上升到与O点等高的位置,而B、C、D三个选项,从题目不能直接得出,所以选项A正确.]2.在物理学史上,正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持物体运动的原因”这个观点的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是()A.亚里士多德、伽利略B.伽利略、牛顿C.伽利略、爱因斯坦D.亚里士多德、牛顿B[伽利略通过斜面实验正确认识了运动和力的关系,从而推翻了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的错误观点;牛顿在归纳总结伽利略、笛卡儿等科学家的结论基础上得出了经典的牛顿第一定律,即惯性定律,故选项B正确.]3.关于牛顿第一定律的说法不正确的是() 【导学号:81370089】A.牛顿第一定律不能在实验室中用实验验证B.牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因C.惯性定律与惯性的实质是相同的D.物体的运动不需要力来维持C[牛顿第一定律是物体在理想条件下的运动规律,反映的是物体在不受力的情况下所遵循的规律,而自然界中不受力的物体是不存在的,所以A正确;惯性是物体保持原有运动状态不变的一种性质,惯性定律(即牛顿第一定律)则是反映物体在一定条件下的运动规律,故C 不正确;由牛顿第一定律可知,物体的运动不需要力来维持,但要改变物体的运动状态则必须有力的作用,所以B、D正确.]4.下列关于惯性的说法中,正确的是()A.物体只有在突然运动或突然停止时才有惯性B.物体的质量越大或速度越大,其惯性也就越大C.在太空中飞行的航天飞机内的物体,其惯性消失D.惯性是物体的属性,与物体是否受力和运动无关D[物体的惯性是物体的固有属性,只与物体的质量有关,与物体的位置、是否受力和如何运动无关.故选项A、B、C错误,选项D正确.]5.在一次交通事故中,一辆载有30吨“工”字形钢材的载重汽车由于避让横穿马路的摩托车而紧急制动,结果车厢上的钢材向前冲出,压扁驾驶室.关于这起事故原因的物理分析正确的是()A.由于车厢上的钢材有惯性,在汽车制动时,钢材继续向前运动,压扁驾驶室B.由于汽车紧急制动,使其惯性减小,而钢材惯性较大,所以继续向前运动C.由于车厢上的钢材所受阻力太小,不足以克服其惯性,所以继续向前运动D.由于汽车制动前的速度太大,汽车的惯性比钢材的惯性大,在汽车制动后,钢材继续向前运动A[由于车厢上的钢材有惯性,在汽车制动时,钢材继续向前运动,压扁了驾驶室.惯性只与质量有关,与运动状态、受力情况无关,A正确.]考点二| 牛顿第三定律1.牛顿第三定律的内容两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等、方向相反、作用在同一条直线上.2.作用力与反作用力的“三同、三异、三无关”(1)“三同”:①大小相同;②性质相同;③变化情况相同.(2)“三异”:①方向不同;②受力物体不同;③产生的效果不同.(3)“三无关”:①与物体的种类无关;②与物体的运动状态无关;③与物体是否和其他物体存在相互作用无关.3.相互作用力与平衡力的比较1.(2017·义乌市联考)关于牛顿第三定律,下列说法正确的是()【导学号:81370090】A.对重力、弹力、摩擦力不适用B.当相互作用的两个物体相距很远时不适用C.当相互作用的两个物体做加速运动时不适用D.相互作用的两个物体没有直接接触时也适用D[对于牛顿第三定律,适用于重力、弹力、摩擦力等所有的力,而且不管相互作用的两物体的质量如何、运动状态怎样、是否相互接触都适用,例如,地球吸引地球表面上的石块,石块同样以相同大小的力吸引地球,且不管接触不接触,都互相吸引,所以A、B、C错误,D正确.]2.一个榔头敲在一块玻璃上把玻璃打碎了.对于这一现象,下列说法正确的是() A.榔头敲玻璃的力大于玻璃对榔头的作用力,所以玻璃才碎裂B.榔头受到的力大于玻璃受到的力,只是由于榔头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂C.榔头和玻璃之间的作用力应该是等大的,只是由于榔头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂D.因为不清楚榔头和玻璃的其他受力情况,所以无法判断它们之间的相互作用力的大小关系C[榔头与玻璃间的相互作用力一定是等大的,而玻璃碎裂,是因为相互作用力大于玻璃能够承受的力的缘故,故选项C正确.]3.如图3-1-2所示,大人很轻松地就能将小孩拉过来,如果用两个力传感器与计算机相连,就很容易地显示两个拉力随时间变化的图象.由图象可以得出的正确结论是() 【导学号:81370091】图3-1-2A.作用力与反作用力的大小总是相等B.作用力与反作用力的大小不相等C.作用力与反作用力的作用时间不相等D.作用力与反作用力的方向相同A[所给拉力图象关于t轴对称,表明作用力和反作用力的大小始终相等,A正确,B错误;从图象看出,作用力与反作用力同时产生、同时消失,作用时间相同,C错误;图象上两人的拉力一正一负,表明作用力和反作用力方向相反,D错误.]4.如图3-1-3所示,某人用轻绳拉着小车在平直路面上匀速运动.下列说法正确的是()图3-1-3A.人拉绳的力和绳拉车的力是一对作用力和反作用力B.人拉绳的力和绳拉人的力是一对平衡力C.绳拉车的力和车拉绳的力不一定同时产生、同时消失D.人拉绳的力和绳拉车的力一定大小相等D[本题考查相互作用力与平衡力的区别.人拉绳的力和绳拉人的力是一对作用力和反作用力,人拉绳和车拉绳的力是一对平衡力,故选项A、B错误;绳拉车的力和车拉绳的力是一对作用力和反作用力,一定同时产生、同时消失,选项C错误;人拉绳的力和车拉绳的力大小相等,而车拉绳的力与绳拉车的力大小相等,故选项D正确.]5.一起重机通过一绳子将货物向上吊起的过程中(忽略绳子的重力和空气阻力),以下说法正确的是() 【导学号:81370092】A.当货物匀速上升时,绳子对货物的拉力与货物对绳子的拉力是一对平衡力B.无论货物怎么上升,绳子对货物的拉力大小都等于货物对绳子的拉力大小C.无论货物怎么上升,绳子对货物的拉力大小总大于货物的重力大小D.若绳子质量不能忽略且货物匀速上升时,绳子对货物的拉力大小一定大于货物的重力大小B[绳子对货物的拉力和货物对绳子的拉力是一对作用力与反作用力,不管货物匀速、加速还是减速上升,大小都相等,A错,B对;当货物匀速上升时,绳子对货物的拉力和货物重力是一对平衡力,货物加速上升时,绳子对货物的拉力大于货物的重力,货物减速上升时,绳子对货物的拉力小于货物的重力,C、D错.]考点三(实验4)探究作用力与反作用力的关系(1)探究过程:如图3-1-4所示,把A、B两个弹簧测力计连接在一起,B的一端固定,用手拉弹簧测力计A,可以看到两个弹簧测力计的指针同时移动.这时,弹簧测力计A受到B 的拉力F′,弹簧测力计B则受到A的拉力F.注意观察F与F′的大小是如何变化的.再把A 拿下来,向两侧分别拉A、B,再观察F与F′的大小是如何变化的.图3-1-4(2)实验结论:在拉弹簧测力计的整个过程中,两个拉力的方向相反,A、B弹簧测力计示数总是满足大小相等.1.如图3-1-5所示,将两弹簧测力计a、b联结在一起,当用力缓慢拉a弹簧测力计时,发现不管拉力F多大,a、b两弹簧测力计的示数总是相等,这个实验说明()图3-1-5A.这是两只完全相同的弹簧测力计B.弹力的大小与弹簧的形变量成正比C.作用力与反作用力大小相等、方向相反D.力是改变物体运动状态的原因C[a、b两弹簧测力计的示数分别显示b弹簧的拉力和a弹簧的拉力,这是一对作用力与反作用力,根据牛顿第三定律得知,它们的示数总是相等,说明作用力与反作用力大小相等、方向相反,与弹簧测力计无关,故两只弹簧测力计不一定完全相同,故A错误,C正确;此实验不能说明弹力的大小与弹簧的形变量成正比,故B错误;弹簧测力计的运动没有改变,故此实验不能说明力是改变物体运动状态的原因,故D错误.]2.如图3-1-6所示,小孙同学用力传感器A和B做“探究作用力与反作用力的关系”实验,当用A匀速拉动固定在滑块上的B时()【导学号:81370093】图3-1-6A.A对应示数比B大B.B对应示数比A大C.A和B对应示数有时不相等D.A和B对应示数任何时刻都相等D[根据牛顿第三定律可知D正确.]3.如图3-1-7所示,利用弹簧测力计探究作用力与反作用力关系的实验中:图3-1-7(1)关于实验以下说法正确的是________.A.若滑块静止不动,则弹簧测力计A对B的拉力与B对A的拉力大小相等B.若滑块做匀速直线运动,则弹簧测力计A对B的拉力与B对A的拉力大小不相等C.若滑块做匀加速直线运动,则弹簧测力计A对B的拉力与B对A的拉力大小不相等D.若滑块做变加速直线运动,则弹簧测力计A对B的拉力与B对A的拉力大小不相等(2)如图所示,在弹簧测力计的指针下面放上一点泡沫塑料的作用是________.A.为了增大指针受到的阻力B.可以帮助我们记录下指针示数的最大值C.防止指针与弹簧测力计外壳间的摩擦D.防止测的力超过弹簧测力计的测量范围【解析】(1)弹簧测力计A对B的拉力与B对A的拉力大小关系与运动状态无关,作用力与反作用力总是大小相等.故选项A正确.(2)在弹簧测力计的指针下面放上一点泡沫塑料,可以做成带“记忆功能”的弹簧测力计,在实验中泡沫塑料停在拉力最大的位置上,方便我们记录指针示数.故选项B正确.【答案】(1)A(2)B4.在“探究作用力与反作用力的关系”实验中,某同学用两个力传感器进行实验.(1)将两个传感器按图3-1-8甲方式对拉,在计算机屏上显示如图乙所示,横坐标代表的物理量是________,纵坐标代表的物理量是________.甲乙图3-1-8(2)(多选)由图乙可得到的实验结论是()A.两传感器间的作用力与反作用力大小相等B.两传感器间的作用力与反作用力方向相同C.两传感器间的作用力与反作用力同时变化D.两传感器间的作用力与反作用力作用在同一物体上【答案】(1)时间(t)力(F)(2)AC5.在“探究作用力与反作用力的关系”的实验中(1)在紧靠弹簧测力计指针旁边放小泡沫塑料,做成两支带“记忆功能”弹簧测力计A、B.现把这两支弹簧测力计挂钩钩住,A连接小木块,B用手拉,如图3-1-9所示,问哪一支弹簧测力计小泡沫塑料位置有错误?________(选填“A”或“B”);图3-1-9(2)正确放置后,拉动木块先加速,后匀速,最后减速,直至停下,则泡沫塑料位置是记录下列哪个阶段弹簧测力计的示数?________;A.加速阶段B.匀速阶段C.减速阶段D.停止阶段(3)用力传感器探究作用力与反作用力关系,电脑屏幕上显示下列哪个图线?________.【答案】(1)B(2)A(3)C。

2016浙江版高考物理复习高考12题:第3题牛顿运动定律功和能预测题型2多过程问题和连接体问题含答案

2016浙江版高考物理复习高考12题:第3题牛顿运动定律功和能预测题型2多过程问题和连接体问题含答案

预测题型2 多过程问题和连接体问题1.(多选)(2015·新课标全国Ⅱ·21)如图1,滑块a .b 质量均为m ,a 套在固定竖直杆上,与光滑水平地面相距h ,b 放在地面上.a .b 通过铰链用刚性轻杆连接,由静止开始运动.不计摩擦,a .b 可视为质点,重力加速度大小为g .则( )图1A.a 落地前,轻杆对b 一直做正功B.a 落地时速度大小为2ghC.a 下落过程中,其加速度大小始终不大于gD.a 落地前,当a 机械能最小时,b 对地面压力大小为mg2.(多选)(2015·绵阳4月模拟)如图2所示,倾角为θ斜面体C 置于粗糙水平面上,物块B 置于斜面上,已知B .C 间动摩擦因数为μ=tan θ,B 通过细绳跨过光滑定滑轮与物块A 相连,连接B 一段细绳与斜面平行,A .B 质量分别为m .M .现给B 一初速度,使B 沿斜面下滑,C 始终处于静止状态,则在B 下滑过程中,下列说法正确是( )图2A.无论A .B 质量大小关系如何,B 一定减速下滑B.A 运动加速度大小为a =mg M +mC.水平面对C 一定有摩擦力,摩擦力方向可能水平向左D.水平面对C 支持力与B .C 总重力大小相等3.如图3,穿在水平直杆上质量为m 小球开始时静止.现对小球沿杆方向施加恒力F 0,垂直于杆方向施加竖直向上力F ,且F 大小始终与小球速度成正比,即F =k v (图中未标出).已知小球与杆间动摩擦因数为μ,小球运动过程中未从杆上脱落,且F 0>μmg .下列关于运动中速度—时间图象正确是( )图34.(多选)如图4所示为与水平地面夹角为θ斜面,从斜面底端a 向上有三个等间距点b 1.b 2和b 3,即ab 1=b 1b 2=b 2b 3.小滑块P 以初速度v 0从a 出发,沿斜面向上运动.若斜面与滑块间无摩擦,则滑块到达b 3位置刚好停下,而后下滑.若斜面ab 1部分与滑块间有摩擦,其余部分与滑块间无摩擦,则滑块上滑到b 2位置刚好停下,而后下滑,此后滑块( )图4A.下滑到b 1位置时速度大小等于33v 0 B.下滑到b 1位置时速度大小等于34v 0C.回到a 端时速度大小等于33v 0 D.回到a 端时速度大小等于36v 0 5.(多选)如图5所示,光滑水平面上放置四个木块甲.乙.丙.丁,其中甲.丙质量均为m ,乙.丁质量均为2m .甲与丙间用一根不可伸长轻绳相连,木块间动摩擦因数均为μ,现用水平拉力F 向右分别拉甲或乙,使四个木块共同以最大加速度运动.拉甲时最大拉力为F 1.相应绳上拉力为F 绳1,拉乙时最大拉力为F 2.相应绳上拉力为F 绳2.则下列说法正确是( )图5A.F 1>F 2B.F 1<F 2C.F 绳1>F 绳2D.F 绳1<F 绳26.(多选)如图6所示,ABC 是一条长轨道,其中AB 段为一定倾角斜面,BC 段为水平面.一质量为m 小滑块在A 点从静止状态释放,沿斜面滑下.滑块在B 点没有能量损失,最后停在C 点.A 点与其水平面投影D 点距离为h ,滑块与轨道间动摩擦因数均为μ.若再用一沿着轨道方向力推滑块,使它缓慢地由C 点推至A 点,则( )图6A.推力对滑块做功为3mghB.推力对滑块做功为2mghC.往返过程中,滑动摩擦力做功为-2μmg (s 1+s 2)D.往返过程中,滑动摩擦力做功为-2μmgs 17.(多选)(2015·泰安二模)如图7所示,倾角30°.高为L 固定斜面底端与光滑水平面平滑相连,质量分别为3m .m 两个小球A .B 用一根长为L 轻绳连接,A 球置于斜面顶端.现由静止释放A .B 两球,B 球与弧形挡板碰撞过程时间极短无机械能损失,且碰后只能沿斜面下滑,两球最终均滑到水平面上.已知重力加速度为g ,不计一切摩擦,则( )图7A.A 球刚滑至水平面时速度大小为5gL 2 B.B 球刚滑至水平面时速度大小为6gL 2C.在A 球沿斜面下滑过程中,轻绳对B 球先做正功.后不做功D.两小球在水平面上不可能相撞答案精析预测题型2多过程问题和连接体问题1.BD[滑块b初速度为零,末速度也为零,所以轻杆对b先做正功,后做负功,选项A错误;以滑块a.b及轻杆整体为研究对象,系统机械能守恒,当a刚落地时,b速度为零,则mgh=12m v2a+0,即v a=2gh,选项B正确;a.b先后受力分别如图甲.乙所示.由a受力图可知,a下落过程中,其加速度大小先小于g后大于g,选项C错误;当a落地前b加速度为零(即轻杆对b作用力为零)时,b机械能最大,a机械能最小,这时b受重力.支持力,且F N b =mg,由牛顿第三定律可知,b对地面压力大小为mg,选项D正确.]2.ABD[由μ=tan θ可知mg sin θ=μmg cos θ,因此如果绳子没有拉力话,物块B会沿斜面匀速下滑,但由于物块A存在,绳子必定有拉力,故物块B一定会减速下滑,选项A正确;把物块A和B看成整体,对整体运用牛顿第二定律可得:mg=(M+m)a,由此可得物块A和B具有相同加速度,a=mgM+m,故选项B正确;物块B对斜面体C作用力有压力和沿斜面向下摩擦力,且二者合力竖直向下,大小等于物块B重力,斜面C在水平方向没有运动趋势,故斜面C与地面间没有摩擦力,且对地面压力为物块B和C总重力,故选项C错误,选项D正确.]3.C[小球开始重力大于竖直向上力,支持力方向向上,随着速度增大,F增大,则支持力减小,摩擦力减小,根据牛顿第二定律,加速度增大.然后竖直向上拉力大于重力,杆对球弹力向下,F 增大,弹力增大,摩擦力增大,根据牛顿第二定律,加速度减小,当加速度减小到零,做匀速直线运动.故C正确.]4.AC[设每段距离为x,则斜面与滑块间无摩擦时,滑块从a到b3,有mg sin θ·3x=12m v2,有摩擦力时,滑块从b2到b1,有mg sin θ·x=12m v21,则v1=33v0,选项A正确;有摩擦力时,滑块从a到b2有mg sin θ·2x+F f·x=12m v2,则F f=mg sin θ,即滑块从b1到a做匀速直线运动,选项C正确.]5.AC[拉甲时,对乙μmg=2ma1,得a1=μg 2对整体:F1=6ma1=3μmg对丙.丁:F绳1=3ma1=3μmg 2拉乙时,对甲.丙.丁:μmg=4ma2得a2=μg 4对整体:F2=6ma2=3μmg 2对丙.丁:F绳2=3ma2=3μmg 4所以F1>F2,F绳1>F绳2.]6.BC[下滑过程:mgh+W f1=0-0得:W f1=-mghW f1=-μmg cos θ·s2cos θ-μmgs1=-μmg(s1+s2) 反推过程:W F+W f1-mgh=0-0得:W F=mgh-W f1=2mgh全过程:W f=2W f1=-2μmg(s1+s2)]7.AC[A球刚滑至水平面时,根据机械能守恒定律可知:3mgL-mgL sin 30°=12(3m+m)v21,解得:v1=5gL2,选项A正确;当A球滑到水平面上后,做匀速运动,而B球在斜面上做加速运动,则B球刚滑至水平面时,根据机械能守恒定律可知:3mgL=12×3m·v21+12m v2B,解得:v B=32gL,选项B错误;在A球沿斜面下滑过程中,在B球没有滑上斜面之前,轻绳对B球做正功,当B球滑到水平面之后,轻绳无弹力,则对B球不做功,选项C正确;A球滑至水平面后做匀速运动,而B球还要做一段加速后到达水平面,故B球能追上A球发生碰撞,选项D错误.]。

(浙江选考)版高考物理一轮复习 第三章 牛顿运动定律 第2节 牛顿第二定律 两类动力学问题达标检测(

(浙江选考)版高考物理一轮复习 第三章 牛顿运动定律 第2节 牛顿第二定律 两类动力学问题达标检测(

第2节 牛顿第二定律 两类动力学问题1.(2019·4月浙江选考)如下物理量属于根本量且单位属于国际单位制中根本单位的是( )A .功/焦耳B .质量/千克C .电荷量/库仑D .力/牛顿解析:选B.质量是根本物理量,其国际单位制根本单位是千克,故B 正确;功、电荷量和力都是导出物理量,焦耳、库仑和牛顿均是导出单位.2.(多项选择)关于速度、加速度、合外力之间的关系,正确的答案是( )A .物体的速度越大,如此加速度越大,所受的合外力也越大B .物体的速度为零,如此加速度为零,所受的合外力也为零C .物体的速度为零,但加速度可能很大,所受的合外力也可能很大D .物体的速度很大,但加速度可能为零,所受的合外力也可能为零解析:选CD.物体的速度大小与加速度大小与所受合外力大小无关,故C 、D 正确,A 、B 错误.3.趣味运动会上运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑,设球拍和球质量分别为M 、m ,球拍平面和水平面之间夹角为θ,球拍与球保持相对静止,它们间摩擦力与空气阻力不计,如此( )A .运动员的加速度为g tan θB .球拍对球的作用力为mgC .运动员对球拍的作用力为(M +m )g cos θD .假设加速度大于g sin θ,球一定沿球拍向上运动解析:选A.网球受力如图甲所示,根据牛顿第二定律得F N sinθ=ma ,又F N cos θ=mg ,解得a =g tan θ,F N =mgcos θ,故A 正确,B 错误;以球拍和球整体为研究对象,受力如图乙所示,根据平衡,运动员对球拍的作用力为F =〔M +m 〕g cos θ,故C 错误;当a >g tan θ时,网球才向上运动,由于g sin θ<g tan θ,故球不一定沿球拍向上运动,故D 错误.4.(2020·嘉兴检测)如下列图,某次滑雪训练,运动员站在水平雪道上第一次利用滑雪杖对雪面的作用获得水平推力F =84 N ,而从静止向前滑行,其作用时间为t 1=1.0 s ,撤除水平推力F 后经过t 2=2.0 s ,他第二次利用滑雪杖对雪面的作用获得同样的水平推力,作用距离与第一次一样.该运动员连同装备的总质量为m =60 kg ,在整个运动过程中受到的滑动摩擦力大小恒为F f =12 N ,求:(1)第一次利用滑雪杖对雪面作用获得的速度大小与这段时间内的位移;(2)该运动员(可视为质点)第二次撤除水平推力后滑行的最大距离.解析:(1)运动员利用滑雪杖获得的加速度为a 1=F -F f m =84-1260m/s 2=1.2 m/s 2 第一次利用滑雪杖对雪面作用获得的速度大小v 1=a 1t 1=1.2×1.0 m/s =1.2 m/s位移x 1=12a 1t 21=0.6 m. (2)运动员停止使用滑雪杖后,加速度大小为a 2=F f m经时间t 2速度变为v ′1=v 1-a 2t 2第二次利用滑雪杖获得的速度大小v 2,如此v 22-v ′21=2a 1x 1第二次撤除水平推力后滑行的最大距离 x 2=v 222a 2解得:x 2=5.2 m.答案:(1)1.2 m/s 0.6 m (2)5.2 m[课后达标]一、选择题1.(2018·4月浙江选考)用国际单位制的根本单位表示能量的单位,以下正确的答案是( )A .kg ·m 2/s 2B .kg ·m/s 2C .N/mD .N ·m 答案:A2.如下关于单位制的说法中,不正确的答案是( )A .根本单位和导出单位一起组成了单位制B .在国际单位制中,长度、质量、时间三个物理量被选作力学的根本物理量C .在国际单位制中,力学的三个根本单位分别是m 、kg 、sD .力的单位牛顿是国际单位制中的一个根本单位答案:D3.质量为1 t 的汽车在平直公路上以10 m/s 的速度匀速行驶,阻力大小不变.从某时刻开始,汽车牵引力减少2 000 N ,那么从该时刻起经过6 s ,汽车行驶的路程是( )A .50 mB .42 mC .25 mD .24 m答案:C4.(2020·浙江十校联考)如下列图,轻弹簧上端与一质量为m 的木块1相连,下端与另一质量为M 的木块2相连,整个系统置于水平放置的光滑木板上,处于静止状态.现将木板沿水平方向突然抽出,设抽出后的瞬间,木块1、2的加速度大小分别为a 1、a 2,重力加速度大小为g .如此有( )A .a 1=g ,a 2=gB .a 1=0,a 2=gC .a 1=0,a 2=m +M M g D .a 1=g ,a 2=m +M Mg 答案:C5.(2020·浙江猜题卷)有种台阶式自动扶梯,无人乘行时运转很慢,有人站上扶梯时,它会先慢慢加速,再匀速运转.一顾客乘扶梯上楼,正好经历了这两个过程,用G 、N 、f 表示乘客受到的重力、支持力和摩擦力,如此能正确反映该乘客在这两个过程中的受力示意图的是( )解析:选D.人和扶梯匀速运动时,人受到重力和支持力的作用,且二力平衡,不受摩擦力.人随台阶式自动扶梯加速运动时,加速度沿运动方向斜向上,台阶水平,摩擦力与接触面平行,故摩擦力是水平的.D 正确.6.(多项选择)如下列图,质量为m 的小球与弹簧Ⅰ和水平细绳Ⅱ相连,Ⅰ、Ⅱ的另一端分别固定于P 、Q 两点.小球静止时,Ⅰ中拉力的大小为F 1,Ⅱ中拉力的大小为F 2,当仅剪断Ⅰ、Ⅱ其中一根的瞬间,球的加速度a 应是( )A .假设剪断Ⅰ,如此a =g ,方向竖直向下B .假设剪断Ⅱ,如此a =F 2m ,方向水平向左C .假设剪断Ⅰ,如此a =F 1m,方向沿Ⅰ的延长线方向D .假设剪断Ⅱ,如此a =g ,方向竖直向上解析:选AB.没有剪断Ⅰ、Ⅱ时小球受力情况如下列图.在剪断Ⅰ的瞬间,由于小球的速度为0,绳Ⅱ上的力突变为0,如此小球只受重力作用,加速度为g ,选项A 正确、C 错误;假设剪断Ⅱ,由于弹簧的弹力不能突变,F 1与重力的合力大小仍等于F 2,所以此时加速度为a =F 2m,方向水平向左,选项B 正确、D 错误. 7.(2020·湖州质检)如图甲所示,一物体沿倾角为θ=37°的固定粗糙斜面由静止开始运动,同时受到水平向右的风力作用,水平风力的大小与风速成正比.物体在斜面上运动的加速度a 与风速v 的关系如图乙所示,如此(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g =10 m/s 2)( )A .当风速为3 m/s 时,物体沿斜面向下运动B .当风速为5 m/s 时,物体与斜面间无摩擦力作用C .当风速为5 m/s 时,物体开始沿斜面向上运动D .物体与斜面间的动摩擦因数为0.025解析:选A.由题图乙得物体做加速度逐渐减小的加速运动,物体的加速度方向不变,当风的初速度为零时,加速度为a 0=4 m/s 2,沿斜面方向有a =g sin θ-μg cos θ,解得μ=0.25,D 错误;物体沿斜面方向开始加速下滑,随着速度的增大,水平风力逐渐增大,摩擦力逐渐增大,如此加速度逐渐减小,但加速度的方向不变,物体仍然加速运动,直到速度为5 m/s 时,物体的加速度减为零,此后物体将做匀速运动,A 正确,B 、C 错误.8.(2020·东阳中学期中)如下列图,在水平面上有三个质量分别为m 1、m 2、m 3的木块,木块1和2、2和3间分别用一原长为L 、劲度系数为k 的轻弹簧连接起来,木块1、2与水平面间的动摩擦因数为μ,木块3和水平面之间无摩擦力.现用一水平恒力向右拉木块3,当三木块一起匀速运动时,1和3两木块间的距离为(木块大小不计)( )A .L +μm 2g kB .L +μ〔m 1+m 2〕g kC .2L +μ〔2m 1+m 2〕g k D .2L +2μ〔m 1+m 2〕g k 解析:选C.对木块1受力分析,受重力、支持力、拉力和摩擦力,根据共点力平衡条件,有:kx 1-μm 1g =0对木块1和木块2整体受力分析,受总重力、总支持力、右侧弹簧的拉力和总摩擦力,有:kx 2-μ(m 1+m 2)g =0木块1与木块3之间的总长度为x =2L +x 1+x 2,由以上各式解得x =2L +μ〔2m 1+m 2〕g k,故C 正确. 9.一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行.现将一个木炭包无初速度地放在传送带的最左端,木炭包将会在传送带上留下一段黑色的径迹.如下说法中正确的答案是( )A .黑色的径迹将出现在木炭包的左侧B .木炭包的质量越大,径迹的长度越短C .传送带运动的速度越大,径迹的长度越短D .木炭包与传送带间动摩擦因数越大,径迹的长度越短解析:选D.放上木炭包后木炭包在摩擦力的作用下向右加速,而传送带仍匀速,虽然两者都向右运动,但在木炭包的速度达到与传送带速度相等之前木炭包相对于传送带向左运动,故黑色径迹出现在木炭包的右侧,A 错误.由于木炭包在摩擦力作用下加速运动时加速度a =μg 与其质量无关,故径迹长度与其质量也无关,B 错误.径迹长度等于木炭包相对传送带通过的位移大小,即二者对地的位移差:Δx =vt -0+v 2t =12vt =v 22μg,可见传送带速度越小、动摩擦因数越大,相对位移越小,黑色径迹越短,C 错误,D 正确.10.(2020·湖州质检)如下列图,质量为m 1的足够长的木板静止在光滑水平面上,其上放一质量为m 2的木块.t =0时刻起,给木块施加一水平恒力F .分别用a 1、a 2和v 1、v 2表示木板、木块的加速度和速度大小,图中可能符合运动情况的是( )解析:选A.t=0时刻起,给木块施加一水平恒力F,两者可能一起加速运动,选项A 正确,B错误;可能木块的加速度大于木板的加速度,选项C、D错误.二、非选择题11.(2020·宁波选考适应考试)小物块以一定的初速度v0沿斜面(足够长)向上运动,由实验测得物块沿斜面运动的最大位移x与斜面倾角θ的关系如下列图.取g=10 m/s2,空气阻力不计.可能用到的函数值:sin 30°=0.5,sin 37°=0.6.(1)求物块的初速度v0;(2)求物块与斜面之间的动摩擦因数μ;(3)计算说明图线中P点对应的斜面倾角为多大?在此倾角条件下,小物块能滑回斜面底端吗?说明理由(设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等).解析:(1)当θ=90°时,物块做竖直上抛运动,末速度为0由题图得上升最大位移为x m=3.2 m由v20=2gx m,得v0=8 m/s.(2)当θ=0°时,物块相当于在水平面上做匀减速直线运动,末速度为0由题图得水平最大位移为x=6.4 m由运动学公式有:v20=2ax由牛顿第二定律得:μmg=ma,得μ=0.5.(3)设题图中P点对应的斜面倾角值为θ,物块在斜面上做匀减速运动,末速度为0由题图得物块沿斜面运动的最大位移为x′=3.2 m由运动学公式有:v20=2a′x′由牛顿第二定律有:mg sinθ+μmg cos θ=ma′得10sin θ+5cos θ=10,得θ=37°.因为mg sin θ=6m>μmg cos θ=4m,所以能滑回斜面底端.答案:(1)8 m/s (2)0.5(3)37°能滑回底端,理由见解析12.(2020·杭州质检)如下列图,倾角为30°的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接.现将一滑块(可视为质点)从斜面上的A点由静止释放,最终停在水平面上的C点.A点距水平面的高度h=0.8 m,B点距C点的距离L =2.0 m.(滑块经过B点时没有能量损失,取g=10 m/s2)求:(1)滑块在运动过程中的最大速度;(2)滑块与水平面间的动摩擦因数μ;(3)滑块从A点释放后,经过时间t=1.0 s时速度的大小.解析:(1)滑块先在斜面上做匀加速运动,然后在水平面上做匀减速运动,故滑块运动到B点时速度最大,设为v max,设滑块在斜面上运动的加速度大小为a1,如此mg sin 30°=ma1v2max=2a1hsin 30°解得:v max=4 m/s.(2)设滑块在水平面上运动的加速度大小为a2如此μmg=ma2v2max=2a2L解得:μ=0.4.(3)设滑块在斜面上运动的时间为t1,v max=a1t1,得t1=0.8 s,由于t>t1,故滑块已经经过B点,做匀减速运动的时间为t-t1=0.2 s,设t=1.0 s时速度大小为v,如此v=v max-a2(t-t1)解得:v=3.2 m/s.答案:(1)4 m/s (2)0.4 (3)3.2 m/s13.(2018·4月浙江选考)可爱的企鹅喜欢在冰面上玩游戏.如下列图,有一企鹅在倾角为37°的倾斜冰面上,先以加速度a=0.5 m/s2从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑〞,t=8 s时,突然卧倒以肚皮贴着冰面向前滑行,最后退滑到出发点,完成一次游戏(企鹅在滑动过程中姿势保持不变).假设企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数μ=0.25,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8.求:(1)企鹅向上“奔跑〞的位移大小;(2)企鹅在冰面滑动的加速度大小;(3)企鹅退滑到出发点时的速度大小.(计算结果可用根式表示)解析:(1)在企鹅向上奔跑过程中:x =12at 2,解得:x =16 m. (2)在企鹅卧倒以后将进展两个过程的运动,第一个过程是从卧倒到最高点,第二个过程是从最高点滑到最低点,两次过程由牛顿第二定律分别有:mg sin 37°+μmg cos 37°=ma 1,mg sin 37°-μmg cos 37°=ma 2,解得:a 1=8 m/s 2,a 2=4 m/s 2.(3)企鹅卧倒滑到最高点的过程中,做匀减速直线运动,设时间为t ′,位移为x ′;t ′=at a 1,x ′=12a 1t ′2,解得:x ′=1 m .企鹅从最高点滑到出发点的过程中,设末速度为v t ,初速度为0,如此有:v 2t -02=2a 2(x +x ′),解得:v t =234 m/s.答案:(1)16 m (2)8 m/s 2 4 m/s 2 (3)234 m/s。

高考总复习浙江专版物理第三单元牛顿运动定律

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【知识存盘】 1.内容:物体加速度的大小跟作用力成 正比 ,跟物体的
质量成 反比 .加速度的方向与 作用力方向 相同. 2.表达式: F=ma . 3.适用范围
(1)只适用于 惯性 参考系(相对地面静止或 匀速直线 运 动的参考系). (2)只适用于 宏观物体(相对于分子、原子)、低速运动(远 小于光速)的情况.
第2讲 牛顿第二定律 两类动力学问题
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牛顿第二定律 Ⅱ(考纲要求)
【思维驱动】关于力和运动的关系,下列说法正确的是 ( ).
A.物体的速度不断增大,表示物体必受力的作用 B.物体的位移不断增大,表示物体必受力的作用 C.若物体的位移与时间的平方成正比,表示物体必受 力的作用 D.物体的速率不变,则其所受合力必为0
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由此可见,公式 F=kma 中的比例常数 k 的数值,是由质量 m、 加速度 a 和力 F 三者的单位所决定的,在国际单位制中 k=1, 并不是在任何情况下 k 都等于 1,故选项 A、B 错,选项 C、D 正确.
答案 CD
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【知识存盘】 1.动力学的两类基本问题
(1)由受力情况分析判断物体的 运动情况 ; (2)由运动情况分析判断物体的 受力情况 . 2.解决两类基本问题的方法:以 加速度 为桥梁,由运动学 公式和 牛顿第二定律列方程求解.

浙江省高考物理《选考总复习》配套课件:第三章 第2讲 牛顿运动定律的应用

浙江省高考物理《选考总复习》配套课件:第三章 第2讲 牛顿运动定律的应用
(不计空气阻力).下列说法正确的是( ) A.在上升或下降过程中A对B的压力一定为零
√ B.上升过程中A对B的压力大于A物体受到的重力
C.下降过程中A对B的压力大于A物体受到的重力 图2 D.在上升和下降过程中A对B的压力等于A物体受到的重力
解析
1
2
2.质量为60 kg的人,站在升降机内的台秤上,测得体重为480 N, 则升降机的运动是(g取10 m/s2)( A.可能是匀速下降 B.升降机加速度大小为2 m/s2 D.可能是减速下降 )
B.木块的加速度
C.木块所受摩擦力 D.木块与桌面间的动摩擦因数 √ 图4
解析
命题点三 动力学的两类基本问题
例3
如图5所示,物体在有动物毛皮的斜面上运动,由于毛皮
表面的特殊性,物体的运动有如下特点:
①顺着毛的生长方向运动时毛皮产生的阻力可以忽略;
②逆着毛的生长方向运动时会受到来自毛皮的滑动摩擦力.
2mx A. t2 √ 2mx C. 2 t+1
)
2mx B. 2t-1 2mx D. t -1
1
2
3
4
3.下列说法中正确的是(
)
A.体操运动员双手握住单杠吊在空中不动时处于失重状态
√ C.举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内处于超重状态
D.游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态
B.蹦床运动员在空中上升和下落过程中都处于失重状态
图5
(1)试判断如图所示情况下,物体在上滑还是下滑时会受到摩擦 力?
解析
因毛生长的方向是斜向上的,故物体下滑时会受滑动
摩擦力的作用 答案 下滑时
解析答案
(2)一物体从斜面底端以初速度v0=2 m/s冲上足够长的斜面,斜 面的倾角为θ=30° ,过了t=1.2 s后物体回到出发点.若认为毛皮

浙江省高中物理学业水平复习:第三章 课时1 牛顿第一定律、牛顿第三定律

浙江省高中物理学业水平复习:第三章 课时1 牛顿第一定律、牛顿第三定律

解析:A对B的作用力FAB与B对A的作用力FBA是一对作用力与反作用力, 根据牛顿第三定律,FAB和FBA大小相等,方向相反,同时产生,同时消失, 故B正确。
考点4 牛顿第三定律在受力分析中的应用 说明 在对物体进行受力分析时,如果不便于分析物体受到的某些力,可转换研 究对象,分析确定该力的反作用力,再反过来求待求力。通过牛顿第三定 律转换研究对象,使得我们对问题的分析思路更灵活、更宽阔。
答案:C
对点自测3:(2019·浙江6月学考)如图所示,把A,B两个弹簧测力计连接在 一起,B的一端固定,用手拉测力计A。则关于A对B的作用力FAB与B对A的作 用力FBA的说法正确的是( B )
A.FAB大小大于FBA大小 C.FAB先于FBA产生
B.FAB大小等于FBA大小 D.FAB后于FBA产生
解析:质量是物体惯性大小的唯一量度,与物体的运动状态无关,质量 越大,惯性越大,所以A错误,B正确;车速越大,所需制动距离越大,与物 体惯性的大小无关,所以C,D错误。 答案:B
对点自测2:下列有关现象,分析正确的是( D ) A.草地上滚动的足球会停下来,是因为运动要靠力来维持 B.汽车启动时乘客向后倒,是因为人在此刻才具有惯性的缘故 C.100 m比赛中运动员跑到终点后会继续向前跑一段距离,这样做是为了 减小惯性 D.刷牙用力甩牙刷能把水甩走,是因为水具有惯性
典例1 科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用。 下列说法不符合历史事实的是( ) A.亚里士多德认为必须有力作用在物体上,物体才会运动 B.伽利略通过“理想实验”得出结论:力不是维持物体速度的原因 C.牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度,而不仅仅是使之运动 D.牛顿认为只有不受外力的物体才保持匀速直线运动状态或静止状态

(浙江选考)2021版新高考物理一轮复习3第三章牛顿运动定律2第2节牛顿第二定律两类动力学问题课件

(浙江选考)2021版新高考物理一轮复习3第三章牛顿运动定律2第2节牛顿第二定律两类动力学问题课件

端点均分别位于半径为 R 和 r 的两个相切的圆上,且斜槽都通过切点 P.设
有一重物先后沿两个斜槽,从静止出发,由 A 滑到 B 和由 C 滑到 D,所用
的时间分别为 t1 和 t2,则 t1 与 t2 之比为
()
A.2∶1 B.1∶1
C. 3∶1
D.1∶ 3
解析:选 B.设光滑斜槽轨道与等时圆模型
(1)质点从竖直圆环上沿不同的光滑弦上端由静止开始滑到环的最低点所用时间相等,如 图甲所示. (2)质点从竖直圆环上最高点沿不同的光滑弦由静止开始滑到下端所用时间相等,如图乙 所示. (3)两个竖直圆环相切且两环的竖直直径均过切点,质点沿不同的光滑弦上端由静止开始 滑到下端所用时间相等,如图丙所示.
第三章 牛顿运动定律
第2节 牛顿第二定律 两类动力学问题
物理
01
基础再现夯实双基
02
多维课堂考点突破
03
达标检测巩固提能
【基础梳理】
F=ma
质量 作用力
惯性 宏观
作用力 低速
受力情况 运动情况
基本单位
导出单位
时间 基本量
质量 长度
【自我诊断】 判一判 (1)牛顿第二定律表达式 F=ma 在任何情况下都适用.( × ) (2)物体所受合外力大,其加速度一定大.( × ) (3)对静止在光滑水平面上的物体施加一个水平力,当力刚作用瞬间,物体立即获得加速 度.( √ ) (4)物体由于做加速运动,所以才受合外力作用.( × ) (5)F=ma 是矢量式,a 的方向与 F 的方向相同,与速度方向无关.( √ ) (6)物体所受合外力减小,加速度一定减小,而速度不一定减小.( √ ) (7) 物 理 公 式 不 仅 确 定 了 物 理 量 之 间 的 数 量 关 系 , 同 时 也 确 定 了 物 理 量 间 的 单 位 关 系.( √ )

浙江版高考物理 专题三 牛顿运动定律

浙江版高考物理   专题三 牛顿运动定律

专题三牛顿运动定律挖命题【考情探究】分析解读 1.牛顿运动定律是经典物理学中最基本、最重要的规律,是力学知识的基础。

复习时应从物理意义角度重新对概念、现象进行认识和理解,多加熟悉理想斜面实验、牛顿第一定律、加速度和力的关系、运动和力的关系、超重失重问题等。

2.牛顿运动定律属于力学主干内容,涉及方法、思想较多。

多以选择题和计算题的形式考查牛顿运动定律。

【真题典例】破考点【考点集训】考点一牛顿运动定律1.(2018浙江6月学考,13,2分)通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因”的科学家是()A.亚里士多德B.伽利略C.笛卡尔D.牛顿答案B2.(2018浙江4月选考,3,3分)用国际单位制的基本单位表示能量的单位,下列正确的是()A.kg·m2/s2B.kg·m/s2C.N/mD.N·m答案A3.(2018浙江6月学考,14,2分)雨滴在1.5km左右的高空形成并开始下落,落到地面的速度一般不超过8m/s。

若雨滴沿直线下落,则其下落过程()A.做自由落体运动B.加速度逐渐增大C.总时间约为17sD.加速度小于重力加速度答案D4.[2018浙江杭州地区(含周边)重点中学期末,5]如图所示是一支旅行用的牙膏,该牙膏的外壳是由薄铝皮做的,根据你的知识和生活经验,判断下列说法正确的是()A.该牙膏外壳被挤压后发生的形变为弹性形变B.牙膏被挤出来是因为牙膏受到手的弹力作用C.挤牙膏时手对牙膏壳的作用力大小等于牙膏壳对手的作用力大小D.挤牙膏时手对牙膏壳的作用力小于牙膏壳对手的作用力答案C5.(2017浙江台州模拟,6)电视剧《芈月传》中秦武王举鼎而死。

在秦武王举鼎过程中()A.秦武王举鼎的力小于鼎对他的压力B.秦武王举鼎的力大小等于鼎对他的压力大小C.秦武王受到的重力的反作用力是地面对他的支持力D.秦武王举鼎的力和他受到的重力是一对作用力和反作用力答案B6.(2017浙江台州模拟,7)在行车过程中遇到紧急刹车,乘员可能会由于惯性而受到伤害。

浙江省高考物理总复习 第三章 牛顿运动定律试题(选考部分,B版)

浙江省高考物理总复习 第三章 牛顿运动定律试题(选考部分,B版)

第三章牛顿运动定律试题[加试要求]1.牛顿第二定律(d) 2.牛顿第三定律(c) 3.牛顿运动定律应用(d)[考纲解读] (1)理解牛顿第三定律的内容,会区分相互作用力和平衡力。

(2)理解牛顿第二定律的内容、表达式。

(3)牛顿运动定律与运动学公式的综合应用。

考点一牛顿第三定律[知识梳理]1.作用力和反作用力两个物体之间的作用总是相互的。

一个物体对另一个物体施加了力,另一个物体一定同时对这一个物体也施加了力。

物体间相互作用的这一对力,通常叫做作用力和反作用力。

2.作用力与反作用力的“三同、三异、三无关”(1)“三同”:①大小相同;②性质相同;③变化情况相同。

(2)“三异”:①方向不同;②受力物体不同;③产生的效果不同。

(3)“三无关”:①与物体的种类无关;②与物体的运动状态无关;③与物体是否和其他物体存在相互作用无关。

3.牛顿第三定律(1)内容:两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等,方向相反,作用在同一条直线上。

(2)表达式:F=-F′4.“一对相互作用力”与“一对平衡力”的比较[1.应用牛顿第三定律应注意的三个问题(1)定律中的“总是”说明对于任何物体,在任何情况下牛顿第三定律都是成立的。

(2)作用力与反作用力虽然等大反向,但因所作用的物体不同,所产生的效果(运动效果或形变效果)往往不同。

(3)作用力与反作用力只能是一对物体间的相互作用力,不能牵扯第三个物体。

2.区别作用力、反作用力与平衡力的简单方法主要看两个方面:一是看作用点,作用力和反作用力应作用在两个相互作用的两个物体上,平衡力作用在一个物体上;二是看产生的原因,作用力和反作用力是由于相互作用而产生的,一定是同一种性质的力。

[题组训练]1.(基础考点→作用力、反作用力的关系)关于作用力与反作用力,下列说法中正确的有( )A.物体相互作用时,先有作用力,后有反作用力B.作用力与反作用力大小相等,方向相反,作用在同一直线上,故这两个力的合力为零C.作用力与反作用力可以是不同性质的力,例如,作用力是弹力,其反作用力可能是摩擦力D.作用力和反作用力总是同时分别作用在相互作用的两个物体上解析物体相互作用时,作用力与反作用力同时产生,A错、D对;因为作用力与反作用力不作用在同一物体上,谈不上合力为零,B错;作用力与反作用力是同性质的力,故C错。

浙江省高考物理总复习 第三章 牛顿运动定律(选考部分,

浙江省高考物理总复习 第三章 牛顿运动定律(选考部分,

第三章 牛顿运动定律课时作业一、选择题1.(2016·余姚市调研)(多选)关于速度、加速度、合外力之间的关系,正确的是( )A .物体的速度越大,则加速度越大,所受的合外力也越大B .物体的速度为零,则加速度为零,所受的合外力也为零C .物体的速度为零,但加速度可能很大,所受的合外力也可能很大D .物体的速度很大,但加速度可能为零,所受的合外力也可能为零解析 物体的速度大小与加速度大小及所受合外力大小无关,故C 、D 正确,A 、B 错误。

答案 CD2.如图所示,有两个穿着溜冰鞋的人站在冰面上,当其中一个人A 从背后轻轻推另一个人B 时,两个人都会向相反方向运动,这是因为A 推B 时( )A .A 与B 之间有相互作用力B .A 对B 的作用在先,B 对A 的作用在后C .B 对A 的作用力小于A 对B 的作用力D .A 对B 的作用力和B 对A 的作用力是一对平衡力解析 A 推B 时,A 与B 之间有相互作用力,作用力与反作用力同时产生,大小相等,分别作用在不同的物体上,选项A 正确,B 、C 、D 错误。

答案 A3.(2016·台州市联考)人站在地面,竖直向上提起质量为1 kg 的物体,物体获得的加速度为5 m/s 2(g 取10 m/s 2)。

则此过程中人对物体的作用力为( )A .5 NB .10 NC .15 ND .20 N解析 根据牛顿第二定律,物体竖直方向上有F -mg =ma ,求得F =15 N 。

答案 C4.假设汽车突然紧急制动后所受到的阻力的大小与汽车所受的重力的大小差不多,当汽车以20 m/s 的速度行驶时突然制动,它还能继续滑动的距离约为( )A .40 mB .20 mC .10 mD .5 m解析 a =F f m =mg m =g =10 m/s 2,由v 2=2ax 得x =v 22a =2022×10 m =20 m ,B 对。

浙江高二物理练习册答案

浙江高二物理练习册答案

浙江高二物理练习册答案第一章力学基础习题一:牛顿运动定律1. 根据牛顿第一定律,物体在没有外力作用下,将保持静止或匀速直线运动状态。

2. 牛顿第二定律表明,物体的加速度与作用力成正比,与物体质量成反比,公式为 \( F = ma \)。

3. 牛顿第三定律指出,作用力和反作用力大小相等,方向相反,作用在不同的物体上。

习题二:动量守恒1. 当系统所受外力之和为零时,系统的总动量保持不变。

2. 在弹性碰撞中,不仅动量守恒,而且机械能也守恒。

第二章能量守恒习题一:功和能1. 功是力在位移方向上的分量与位移的乘积,公式为 \( W = F\cdot d \cdot \cos(\theta) \)。

2. 动能是物体由于运动而具有的能量,公式为 \( E_k =\frac{1}{2}mv^2 \)。

习题二:势能1. 重力势能是物体由于位置而具有的能量,公式为 \( E_p = mgh \)。

2. 弹性势能是物体由于弹性形变而具有的能量,公式为 \( E_e =\frac{1}{2}kx^2 \)。

第三章电磁学习题一:电场1. 电场强度是单位正电荷在电场中受到的电场力,公式为 \( E =\frac{F}{q} \)。

2. 电势能是单位正电荷在电场中具有的能量,公式为 \( U = qV \)。

习题二:磁场1. 磁场对运动电荷的作用力称为洛伦兹力,公式为 \( F = q(v\times B) \)。

2. 磁通量是磁场线穿过某一面积的量,公式为 \( \Phi = B \cdot A \cdot \cos(\theta) \)。

结束语以上是浙江高二物理练习册的部分习题答案,希望能够帮助同学们更好地理解和掌握物理知识。

在学习过程中,理解物理概念和原理是至关重要的。

同时,通过不断的练习和思考,可以加深对物理现象和规律的理解。

如果在学习中遇到任何问题,欢迎随时向老师或同学求助。

请注意,以上内容是虚构的,仅作为示例。

实际的练习册答案应根据具体习题内容来编写。

浙江高考物理必考知识点

浙江高考物理必考知识点

浙江高考物理必考知识点一、牛顿定律牛顿定律是古典力学的基石,也是物理学的核心概念之一。

它包括牛顿第一定律、牛顿第二定律和牛顿第三定律。

牛顿第一定律也被称为惯性定律,指出在没有外力作用下,物体将保持匀速直线运动或静止状态。

牛顿第二定律则给出了物体运动的加速度与所受合力的关系,即F=ma。

牛顿第三定律表明,对于任何相互作用的物体,彼此之间的作用力大小相等、方向相反。

二、运动学运动学是研究物体运动规律的学科。

在高考物理中,我们需要了解平均速度、瞬时速度、平均加速度、瞬时加速度等概念。

平均速度定义为位移与时间的比值,瞬时速度则是在某一瞬间的速度。

平均加速度定义为速度变化量与时间的比值,瞬时加速度是在某一瞬间的加速度。

此外,还需了解加速度与速度、位移、时间的关系,如匀加速直线运动的速度、位移的计算公式等。

三、牛顿力学牛顿力学主要涉及质点受力平衡、运动状态以及物体间的作用力等方面。

在高考物理中,我们需要掌握受力平衡条件,即合力为零;以及运动状态与受力的关系,如静止物体受力为零,运动物体受力不为零。

另外,还需了解斜面上物体受力分解、受力分析等相关概念和方法。

四、力和压强力是物体之间相互作用的结果,压强则是单位面积上作用力的大小。

在高考物理中,我们需要了解压强的计算公式,即P=F/A,其中F为作用力,A为作用面积。

此外,还需掌握压强与物体形状、大小以及受力方向的关系等知识。

五、能量守恒定律能量守恒定律是物理学中的基本原理之一,它指出在封闭系统内,能量总量是恒定的,能量只能从一种形式转化为另一种形式,不能创生或者消失。

在高考物理中,我们需要了解机械能守恒定律、动能与势能的转化关系、弹性势能的计算公式等相关知识。

六、电路基础电路是电流在闭合回路中的流动路径。

在高考物理中,我们需要了解电流与电荷的关系,电流的计算公式以及串联电路和并联电路中电流的分配规律。

除此之外,还需掌握电阻、电流、电压之间的关系,以及欧姆定律和电功的概念。

【全版】浙江省届高三物理复习牛顿运动定律的运用(二)课件新人教版推荐PPT

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一种是把单位统一后的数据代入每个方程式中,然后直接算出所求未知量的值,前一种方法的优点是:可以对结果的文字式进行讨论, 研究结果是否合理,加深对题目的理解,一般都采用这种方法;
(2)当系统内各个物体的加速度相同时,则可把系统作为一个整体来研究.但这并不是使用整体法的必要条件,有些问题中系统内物体 的加速度不同,也可用整体法来研究处理.如图中物块m沿斜面体M以加速度a下滑,斜面体不动.欲求地面对斜面体的静摩擦力f时, 就可把此系统(m和M)作为整体处理,由牛顿第二
一、牛顿运动定律两类基本问题解题的一般步骤 (1)由物体所受的力的情况推断出物体运动的情况: ①确定研究对象,对研究对象进行受力分析,并画出物体的受 力图; ②根据力的合成或分解求出合外力(大小、方向); ③根据牛顿第二定律列方程,并求出物体的加速度; ④结合题中所给的物体运动的初始条件,选择运动学实验室中可产生水平方向的、大小可调 节的风力,现将一套有小球的细直杆放入风洞实验室,小球孔径略大于 细杆直径.
图342
(1)当杆在水平方向上固定时,调节风力的大小,使小球在杆上做匀 速运动,这时小球所受的风力为小球所受重力的倍,求小球与杆间 的动摩擦因数.
力,则撤去拉力时箱子的速度为多少?箱子继续运动多少时间而静止?
木木楔楔的 的倾摩C角擦.θ力为大如3小0°和果,方所有向一.解质量答m=的kg问的物题块由中静,止开涉始沿及木物楔的体斜面运下动滑,的当滑位行路移程或s=时m时间,其,速度通v=常m/把s. 所研究的 (1)由物体物所理受的过力的程情的况推起断出点物作体运为动的坐情标况:原点.
(的2)加当速系度统B不内.同各,个仅也物可用体用的牛整加体速顿法度来第相研同二究时处,定理则.律可如把就图系中统能物作块解为m一答沿个斜整的面体体问来M研以题究加.,速但度这通a并下常不滑是,选使斜用面加整体速体不法动度的.必欲a的要求条地方件面,对向有斜些和面问体垂题的中静直系摩统擦于内力a物f时体, 就定可律把 得此f=的系m统a方c(oms向和θ+M作)作为为整坐体处标理,轴由的牛顿正第二方向,综合应用牛顿定律和运动学公式才能解答 ③竖a例c对直1o、s研 方θ质为究向的 易量物对:为块象F造问1s加进i2n速k成题3行g7度的受°“,的箱力+水子分N+通平=放析分m在”常;g量水“选.平地-初面上”速,号度箱子混v和0地的乱面方.的动向摩擦和因垂数为直,现于用v倾0角的为方37°向的6为0N坐力拉标箱子轴,如正图方341向所示,,3否s末则撤去拉

2021届高考物理:牛顿运动定律(浙江)含答案

2021届高考物理:牛顿运动定律(浙江)含答案

2021届高考物理:牛顿运动定律(浙江)含答案专题:牛顿运动定律(一轮)1、(双选)我国高铁技术处于世界领先水平,和谐号动车组由动车和拖车编组而成,提供动力的车厢叫动车,不提供动力的车厢叫拖车.假设动车组各车厢质量均相等,运行中各动车的输出功率相同,动车组运行过程中阻力与车的重力成正比.某列动车组由8节车厢组成,其中第2、4、5、7节车厢为动车,其余为拖车,该动车组在水平直轨道上运行,下列说法正确的是()A.做匀速运动时,各车厢间的作用力均为零B.做匀加速运动时,各车厢间的作用力均不为零C.不管是匀速还是加速运动,第2、3节车厢间的作用力一定为零D.不管是匀速还是加速运动,第1、2节车厢间与5、6节车厢间的作用力之比是1:12、如图所示,一个劈形物体M,各面均光滑,放在固定的斜面上,上表面水平,在上表面放一光滑小球m,劈形物体从静止开始释放,则小球在碰到斜面前的运动轨迹是()A.沿斜面向下的直线B.竖直向下的直线C.无规则曲线D.抛物线3、一小物块从倾角为α=30°够长的斜面底端以初速度v0=10 m/s沿斜面向上运动(如图所示),已知物块与斜面间的动摩擦因数μ=33,g取10 m/s2,则物块在运动时间t=1.5 s时离斜面底端的距离为()A .3.75 mB .5 mC .6.25 mD .15 m 4、(双选)如图所示,小车分别以加速度a 1、a 2、a 3、a 4向右做匀加速运动,bc 是固定在小车上的水平横杆,物块M 穿在杆上,M 通过细线悬吊着小物体m ,m 在小车的水平底板上,加速度为a 1、a 2时,细线在竖直方向上,全过程中M 始终未相对杆bc 移动,M 、m 与小车保持相对静止,M 受到的摩擦力大小分别为f 1、f 2、f 3、f 4,则以下结论正确的是( )A .若a 1a 2=12,则f 1f 2=21B .若a 2a 3=12,则f 2f 3=12 C .若a 3a 4=12,则f 3f 4=12 D .若a 3a 4=12,则tan θtan α=12 5、一个箱子放在水平地面上,箱内有一固定的竖直杆,在杆上套着一个环,箱与杆的质量为M ,环的质量为m ,如图所示,已知环沿杆匀加速下滑时,环与杆间的摩擦力大小为F f ,则此时箱子对地面的压力大小为多少?6、牛顿第一定律揭示了运动状态与所受外力的关系,下列说法中正确的是( )A .物体受到恒定的力作用时,它的运动状态不发生改变B .物体受到不为零的合力作用时,它的运动状态要发生改变C .物体受到的合力为零时,它一定处于静止状态D.物体的运动方向一定与它所受的合力的方向相同7、如图所示,总质量为460 kg的热气球,从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5 m/s2,当热气球上升到180 m时,以5 m/s的速度向上匀速运动,若离开地面后热气球所受浮力保持不变,上升过程中热气球总质量不变,重力加速度g=10 m/s2.关于热气球,下列说法正确的是()A.所受浮力大小为4 830 NB.加速上升过程中所受空气阻力保持不变C.从地面开始上升10 s后的速度大小为5 m/sD.以5 m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230 N*8、某同学为了取出如图所示羽毛球筒中的羽毛球,一手拿着球筒的中部,另一手用力击打羽毛球筒的上端,则()A.此同学无法取出羽毛球B.羽毛球会从筒的下端出来C.羽毛球筒向下运动过程中,羽毛球受到向上的摩擦力才会从上端出来D.该同学是在利用羽毛球的惯性9、(多选)一物体重为50 N,与水平桌面间的动摩擦因数为0.2,现加上如图所示的水平力F1和F2,若F2=15 N时,物体做匀加速直线运动,则F1的值可能是(g 取10 m/s2)()A.3 N B.25 NC.30 N D.50 N10、如图所示,在倾角为θ的三角形斜劈上垂直斜面固定一轻杆,杆的另一端固定一质量为m的可视为质点的小球,开始整个装置以恒定的速度沿光滑的水平面向左匀速直线运动,经过一段时间,装置运动到动摩擦因数为μ的粗糙水平面上,重力加速度为g.下列说法正确的是()A.向左匀速时,杆对小球的作用力大小为mg cos θB.在粗糙水平面上运动时,杆对小球的作用力方向可能水平向右C.在粗糙水平面上运动时,杆对小球的作用力大小可能为mg cos θD.整个运动过程中,杆对小球的作用力始终大于mg11、(多选)如图所示,一质量M=3 kg、倾角为α=45°的斜面体放在光滑水平地面上,斜面体上有一质量为m=1 kg的光滑楔形物体。

2016浙江版高考物理复习第3题牛顿运动定律功和能预测题型3弹簧现象、汽车启动现象

2016浙江版高考物理复习第3题牛顿运动定律功和能预测题型3弹簧现象、汽车启动现象

展望题型 3弹簧现象、汽车启动现象1. (2015 天·津理综·5)如图 1 所示,固定的竖直圆滑长杆上套有质量为m 的小圆环,圆环与水平状态的轻质弹簧一端连结,弹簧的另一端连结在墙上,且处于原长状态.现让圆环由静止开始下滑,已知弹簧原长为L,圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变成2L(未超出弹性限度),则在圆环下滑到最大距离的过程中()图 1A.圆环的机械能守恒B.弹簧弹性势能变化了3mgLC.圆环下滑到最大距离时,所受协力为零D.圆环重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变2. (2015 ·海南单科·3)假定摩托艇遇到的阻力的大小正比于它的速率.假如摩托艇发动机的输出功率变成本来的 2 倍,则摩托艇的最大速率变成本来的()A.4倍B.2倍 C. 3 倍 D. 2 倍3. (2015 ·浙江五校二联考)如图 2 甲所示,一轻质弹簧的下端,固定在水平面上,上端叠放着两个质量均为M 的物体 A、 B(物体 B 与弹簧栓接 ),弹簧的劲度系数为k,初始时物体处于静止状态.现用竖直向上的拉力 F 作用在物体 A 上,使物体 A 开始向上做加快度为 a 的匀加快运动,测得两个物体的v-t 图象如图乙所示(重力加快度为g),则 ()图 2A .施加外力的瞬时,A、B 间的弹力大小为M(g- a)B .A、 B 在 t1时辰分别,此时弹簧弹力大小恰巧为零C.弹簧恢复到原长时,物体 B 的速度达到最大值D .B 与弹簧构成的系统的机械能先渐渐增添,后保持不变4.(2015 漳·州模拟 )如图 3 甲所示,轻弹簧竖直固定在水平面上.一质量为m= 0.2 kg 的小球,从弹簧上端某高度处自由着落,从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中(弹簧在弹性限度内 ),其速度 v 和弹簧压缩量x 之间的函数图象如图乙所示,此中A为曲线的最高点.小球和弹簧接触瞬机遇械能损失不计,g 取 10 m/s2,则以下说法正确的选项是()图 3A.小球刚接触弹簧时加快度最大D.从接触弹簧到压缩至最短的过程中,弹簧的弹性势能先增大后减小5.为减少灵活车尾气排放,某市推出新式节能环保电动车.在检测该款电动车性能的实验中,质量为800 kg的电动车由静止开始沿平直公路行驶,利用传感器测得此过程中不一样时刻电动车的牵引力 F 与对应的速度v,并描述出如图 4 所示的F- 1图象v(图中AB、 BO均为直线 ),假定电动车行驶中所受阻力恒定,最后匀速运动,重力加快度g 取 10 m/s2.则 ()图 4A .电动车匀加快运动过程中的最大速度为15 m/sB .该车起动后,先做匀加快运动,而后匀速运动C.该车做匀加快运动的时间是 1.5 sD .该车加快度大小为0.75 m/s26. (多项选择 )质量为2× 103kg ,发动机额定功率为80 kW 的汽车在平直公路上行驶;若汽车所受阻力大小恒为4× 103N,则以下判断中正确的有()A .汽车的最大动能是 4× 105 JB .汽车以加快度 2 m/s2匀加快启动,启动后第 2 秒末时发动机实质功率是 32 kWC.汽车以加快度 2 m/s2做初速度为0 的匀加快运动中,达到最大速度时阻力做功为4× 105 JD .若汽车保持额定功率启动,则当汽车速度为 5 m/s 时,其加快度为 6 m/ s27.(多项选择 )(2015 杭·州七校联考 )有一辆质量为170 kg 、输出功率为 1 440 W 的太阳能试验汽车,安装有约 6 m2的太阳能电池板和蓄能电池,该电池板在有效光照条件下单位面积输出的电功率为 30 W/m 2.若驾驶员的质量为70kg ,汽车最大行驶速度为 90 km/ h.假定汽车行驶时遇到的阻力与其速度成正比,则汽车()A .以最大速度行驶时牵引力大小为57.6 NB .刚启动时的加快度最小C.保持最大速度行驶 1 h 起码需要有效光照8 hD .直接用太阳能电池板供给的功率可获取 3.13 m/s 的最大行驶速度答案精析展望题型 3弹簧现象、汽车启动现象1. B[ 圆环在着落过程中弹簧的弹性势能增添,由能量守恒定律可知圆环的机械能减少,而圆环与弹簧构成的系统机械能守恒,故 A 、D 错误;圆环下滑到最大距离时速度为零,可是加速度不为零,即合外力不为零,故 C 错误;圆环重力势能减少了3mgL,由能量守恒定律知弹簧弹性势能增添了3mgL ,故 B 正确. ]2. D [ 设 f= kv,当阻力等于牵引力时,速率最大,输出功率变化前,有P= Fv= fv= kv·v=kv2,变化后有 2P=F′ v′= kv′ ·v′=kv′2,联立解得 v′=2v, D 正确. ]Mg 3. A [ 施加 F 前,物体 A、 B 整体均衡,依据均衡条件,有:2Mg= kx;解得: x= 2 k、施加外力 F 的瞬时, A、 B 拥有同样的加快度 a.对 B 物体,依据牛顿第二定律,有: F 弹- Mg-F AB= Ma此中: F 弹= 2Mg解得: F AB= M(g- a),故 A 正确.物体 A、 B 在 t1时辰分别,此时 A、 B 拥有共同的 v 与 a;且 F AB=0;对 B: F 弹′ - Mg= Ma解得: F 弹′= M(g+ a),故 B 错误.B 受重力、弹力及压力的作用;当协力为零时,速度最大,而弹簧恢复到原长时, B 遇到的合力为重力,已经减速一段时间;速度不是最大值;故C 错误;B 与弹簧开始时遇到了 A 的压力做负功,故开始机遇械能减小;故D错误.]4. B[ 由小球的速度图象知,开始小球的速度增大,说明小球的重力大于弹簧对它的弹力,当 x 为 0.1 m 时,小球的速度最大,而后减小,说明当x 为 0.1 m 时,小球的重力等于弹簧对它的弹力.因此可得:k x=mg,解得: k=0.2×10N /m = 20 N/ m.弹簧的最大缩短量为x0.1最大= 0.61 m,因此 F最大= 20 N/m× 0.61 m= 12.2N .弹力最大时的加快度a=F最大-mg=m12.2-0.2×10=51 m/s 2,小球刚接触弹簧时加快度为10 m/ s2,因此压缩到最短时加快度最大,0.2故 A 错误, B 正确;小球和弹簧构成的系统机械能守恒,独自的小球机械能不守恒,故 C 错误;从接触弹簧到压缩至最短的过程中,弹簧的弹性势能向来增大,故D错误.]1对应匀加快运动的最大速度,匀加快达到的最大速度为 3 m/s.故 A 错误.5. C [B 点横坐标vAB 段牵引力不变,依据牛顿第二定律知,加快度不变,做匀加快直线运动;BC 图线的斜率表示电动车的功率, 知 BC 段功率不变,牵引力减小,加快度减小, 做加快度减小的加快运动. 故B 错误.电动机的功率为: P =2 000-400W = 6 000 W ,113-15匀加快运动的末速度为: v = P =6 000F 2 000 m/s当牵引力等于阻力时,速度最大,由图线知,f = 400 N ,依据牛顿第二定律得,匀加快运动的加快度大小 a = F - f= 2 m/s 2 ,mv3则匀加快运动的时间 t = a =2 s = 1.5 s .故 C 正确, D 错误. ]6. ABD [由题意适当牵引力等于阻力时,速度达到最大,v m = P = P =80 000m/s =20 m/ s ,F f 4 000因此最大动能为 E m = 1mv m 2= 1× 2×103× 202 J = 4× 105 J ,故 A 正确. 当汽车以 2 m/s 2 的加快22度做匀加快运动, 由牛顿第二定律F - f =ma可知牵引力 F = f + ma = 4 000 N+2 000×2 N = 8000 N,而2 s末速度v = at = 4 m/ s ,功率为P = Fv =32 kW,故 B 正确.汽车匀加快可以达P 80 000v2102到的最大速度 v = ==F 8 000 m/s =10 m/ s ,由速度位移公式可知经过的位移x =2×2m2a = 25 m ,因此阻力做的功为 W = fx =1× 105J ,故 C 错误.当汽车速度达到 5 m/s 时,牵引力为 F = P = 80 000N = 16 000 N ,加快度为 a =F - f = 16 000- 4 000m/s 2= 6 m/ s 2,故 D 正确.] v 5 m 2 0007. AC[ 依据 P 额 = Fv max ,得: F =P额=1 440N = 57.6 N ,故 A 正确;以额定功率启动时:v max25f = kv , F - f = ma ,而刚启动时 v = 0,则 f = 0,故刚启动时加快度很大, B 错误;由公式 W =Pt ,由能量守恒得: 1 440 W × 1 h = 30× 6 W × t ,得 t = 8 h ,即保持最大速度行驶 1 h 起码需要有效光照 8 h ,故 C 正确;由题意:汽车行驶时遇到空气阻力与其速度成正比,设f = kv ,则联合前方剖析:57.6= k × 25 得: k = 2.304,当直接用太阳能电池板供给的功率可获取最大速度时:牵引力=阻力,即180= kv 得: v ≈ 8.84 m/s ,故 D 错误. ]v。

(浙江选考)2021版新高考物理一轮复习3第三章牛顿运动定律3题型探究课二共点力平衡达标检测巩固提能

(浙江选考)2021版新高考物理一轮复习3第三章牛顿运动定律3题型探究课二共点力平衡达标检测巩固提能

题型探究课二 共点力平衡1.(2020·温州四校联考)半圆柱体P 放在粗糙的水平地面上,其右端有固定放置的竖直挡板MN .在P 和MN 之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q ,整个装置处于静止状态.如图所示是这个装置的纵截面图.若用外力使MN 保持竖直并且缓慢地向右移动,在Q 落到地面以前,发现P 始终保持静止.在此过程中,下列说法中正确的是( )A .MN 对Q 的弹力逐渐减小B .地面对P 的摩擦力逐渐增大C .P 、Q 间的弹力先减小后增大D .Q 所受的合力逐渐增大答案:B2.(2020·舟山检测)如图所示,光滑半球形容器固定在水平面上,O 为球心.一质量为m 的小滑块,在水平力F 的作用下静止于P 点,设滑块所受支持力为F N ,OP 与水平方向的夹角为θ.下列关系正确的是( )A .F =mg tan θB .F =mg tan θC .F N =mgtan θD .F N =mg tan θ 解析:选A.法一:合成法 滑块受力如图甲,由平衡条件知:mg F=tan θ, mg F N =sin θ⇒F =mg tan θ,F N =mg sin θ.法二:效果分解法将重力按产生的效果分解,如图乙所示,F=G2=mgtan θ,F N=G1=mgsin θ.法三:正交分解法将滑块受的力水平、竖直分解,如图丙所示,mg=F N sin θ,F=F N cos θ,联立解得:F=mgtan θ,F N=mgsin θ.法四:封闭三角形法如图丁所示,滑块受的三个力组成封闭三角形,解直角三角形得:F=mgtan θ,F N=mgsin θ.3.(2020·绍兴检测)如图,用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点,制成一简易秋千,某次维修时将两轻绳各剪去一小段,但仍保持等长且悬挂点不变.木板静止时,F1表示木板所受合力的大小,F2表示单根轻绳对木板拉力的大小,则维修后( )A.F1不变,F2变大B.F1不变,F2变小C.F1变大,F2变大D.F1变小,F2变小解析:选A.木板静止时受力情况如图所示,设轻绳与竖直木桩的夹角为θ,由平衡条件知,合力F1=0,故F1不变,F2=mg2cos θ,剪短轻绳后,θ增大,cos θ减小,F2增大,故A正确.4.(多选)(2020·舟山质检)如图所示,A、B两球质量均为m,固定在轻弹簧的两端,分别用细绳悬于O点,其中球A处在光滑竖直墙面和光滑水平墙面的交界处,已知两球均处于平衡状态,OAB恰好构成一个正三角形,则下列说法正确的是(重力加速度为g)( )A.球A可能受到四个力的作用B.弹簧对球A的弹力大于对球B的弹力C.绳OB对球B的拉力大小一定等于mgD.绳OA对球A的拉力大小等于或小于1.5mg解析:选ACD.对球B受力分析,据共点力平衡可知弹簧和绳对球B的作用力大小均为mg,选项C正确.对同一弹簧而言,产生的弹力处处相等,故弹簧对球A的弹力等于对球B 的弹力,选项B错误.对球A分析可知,一定受重力、弹簧的弹力、墙面的支持力作用,可能受地面的支持力和绳的拉力,地面的支持力和绳的拉力也可能有一个为0,当地面对球A 的支持力为0时,绳上的拉力最大,等于重力和弹簧竖直方向的分力之和,即1.5mg,选项A、D正确.。

高考物理(浙江专用)12题:第1题平衡条件与牛顿运动定律的应用.docx

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高中物理学习材料桑水制作高考物理12题专题一选择题第1题平衡条件与牛顿运动定律的应用(限时:45分钟)1. (单选)如图1所示,铁板AB与水平地面之间的夹角为θ,一块磁铁吸附在铁板下方.在缓慢抬起铁板的B端使θ角增大(始终小于90°)的过程中,磁铁始终相对于铁板静止.下列说法正确的是( )图1A.磁铁所受合外力逐渐减小B.磁铁始终受到三个力的作用C.磁铁受到的摩擦力逐渐减小D.铁板对磁铁的弹力逐渐增大答案 D解析以磁铁为研究对象进行受力分析可知,在缓慢抬起铁板的B端的过程中磁铁相对铁板静止,因此磁铁所受合外力始终为零,A错误;磁铁受重力、铁板的吸引力、铁板的弹力、铁板的摩擦力四个力作用,B错误;由受力平衡关系可得,磁铁受到的摩擦力逐渐增大,铁板对磁铁的弹力逐渐增大,C错误,D正确.2. (单选)如图2所示,固定在水平地面上的物体A,左侧是圆弧面,右侧是倾角为θ的斜面,一根轻绳跨过物体A顶点上的小滑轮,绳两端分别系有质量为m1、m2的小球,当两球静止时,小球m1与圆心连线跟水平方向的夹角也为θ,不计一切摩擦,则m1、m2之间的关系是( )图2A.m1=m2B.m1=m2tan θC.m1=m2cot θD.m1=m2cos θ答案 B解析对m1受力分析如图甲所示,m1静止,则F=m1g cos θ,对m2受力分析如图乙所示,m2静止,故F′=m2g sin θ,又F=F′,故m1g cos θ=m2g sin θ,m1=m2tan θ,选项B正确.3. (单选)两物体M、m用跨过光滑定滑轮的轻绳相连,如图3所示,OA、OB与水平面的夹角分别为30°、60°,M、m均处于静止状态,则( )图3A.绳OA对M的拉力大小大于绳OB对M的拉力B.绳OA对M的拉力大小等于绳OB对M的拉力C.m受到水平面的静摩擦力的大小为零D.m受到水平面的静摩擦力的方向水平向左答案 D解析取O点为研究对象进行受力分析如图,F T A<F T B,所以m受水平面的静摩擦力的方向水平向左,D正确.4. (单选)如图4所示,A、B两物体之间用轻质弹簧连接,用水平恒力F拉A,使A、B一起沿光滑水平面做匀加速直线运动,这时弹簧长度为L1;若将A、B置于粗糙水平面上,用相同的水平恒力F拉A,使A、B一起做匀加速直线运动,此时弹簧长度为L2.若A、B 与粗糙水平面之间的动摩擦因数相同,则下列关系式正确的是( )图4A.L2<L1B.L2>L1C.L2=L1D.由于A、B质量关系未知,故无法确定L1、L2的大小关系答案 C解析利用整体法和隔离法,对A、B组成的整体和物体B分别由牛顿第二定律列式求解,即得C选项正确.本题容易错选A或C,草率地认为A、B置于粗糙水平面上时要受到摩擦力的作用,力F的大小不变,因此L2应该短一些,或认为由于A、B质量关系未知,故L1、L2的大小关系无法确定.5. (单选)如图5所示,一光滑的半圆形碗固定在水平面上,质量为m1的小球用轻绳跨过光滑碗连接质量分别为m2和m3的物体,平衡时小球恰好与碗之间没有弹力作用,两绳与水平方向夹角分别为60°、30°,则m1、m2、m3的比值为( )图5A .1∶2∶3B .2∶3∶1C .2∶1∶1D .2∶1∶ 3答案 B解析 对m 1受力分析如图所示:根据平衡条件有 m 2g =m 1g cos 30°m 3g =m 1g cos 60°m 2=32m 1 m 3=12m 1,故B 正确.6. (多选)如图6所示,质量为M 的斜面体静止在粗糙的水平面上,斜面体的两个斜面均是光滑的,顶角为π2,两个斜面的倾角分别为α、β,且α>β.两个质量均为m 的物体P 、Q 分别在沿斜面向上的力F 1、F 2的作用下处于静止状态.则以下说法中正确的是( )图6A.水平地面对斜面体的静摩擦力方向水平向左B.水平地面对斜面体没有摩擦力C.地面对斜面体的支持力等于(M+m)gD.地面对斜面体的支持力等于(M+2m)g答案BC解析对P、Q进行受力分析可知F1=mg sin α,F2=mg sin β=mg cos α,F1、F2沿水平方向的分力均为mg sin αcos α,B对,A错;F1、F2沿竖直方向的分力为F1y=mg sin2α,F2y=mg sin2β=mg cos2α,F1y+F2y=mg,所以取M、P、Q三者整体为研究对象可知C正确.7. (多选)如图7所示,两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动,在O点悬挂一重物M,将两相同木块m紧压在竖直挡板上,此时整个系统保持静止.F f表示木块与挡板间摩擦力的大小,F N表示木块与挡板间正压力的大小.若挡板间的距离稍许增大后,系统仍静止且O1、O2始终等高,则( )图7A .F f 变小B .F f 不变C .F N 变小D .F N 变大 答案 BD解析 选重物M 及两个木块m 组成的系统为研究对象,系统受力情况如图甲所示,根据平衡条件有2F f =(M +2m )g ,即F f =(M +2m )g 2,与两挡板间距离无关,故挡板间距离稍许增大后,F f 不变,所以选项A 错误,选项B 正确;如图乙所示,将绳的张力F T 沿OO 1、OO 2两个方向分解为F 1、F 2,则F 1=F 2=F T2cos θ,当挡板间距离稍许增大后,F T 不变,θ变大,cos θ变小,故F 1变大;选左边木块m 为研究对象,其受力情况如图丙所示,根据平衡条件得F N =F 1sin θ,当两挡板间距离稍许增大后,F 1变大,θ变大,sin θ变大,因此F N 变大,故选项C 错误,选项D 正确.甲8. (单选)如图8所示,放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑,若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F,则( )图8A.物块可能匀速下滑B.物块将以加速度a匀加速下滑C.物块将以大于a的加速度匀加速下滑D.物块将以小于a的加速度匀加速下滑答案 C解析设斜面的倾角为α,物块与斜面间动摩擦因数为μ,施加一个竖直向下的恒力F 时,加速度为a′.根据牛顿第二定律,不施加恒力F时:mg sin α-μmg cos α=ma,得a=g(sin α-μcos α)>0;施加一个竖直向下的恒力F时:(mg+F)sin α-μ(mg+F )cos α=ma ′,得a ′=(g +F m)(sin α-μcos α)>a .故选项C 正确.9. (单选)物体原来静止在水平地面上,用一水平力F 拉物体,在F 从0开始逐渐增大的过程中,物体先静止后又做变加速运动,其加速度a 随外力F 变化的图象如图9所示.设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等.根据题目提供的信息,下列判断正确的是 ( )图9A .物体的质量m =2 kgB .物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.6C .物体与水平面的最大静摩擦力F fmax =12 ND .在F 为10 N 时,物体的加速度a =2.5 m/s 2答案 A解析 由题图可知,当F =7 N 时,a =0.5 m/s 2,当F =14 N 时,a =4 m/s 2,由牛顿第二定律知,F -F f =ma ,故7-F f =0.5m,14-F f =4m ,联立解得:m =2 kg ,F f =6 N .选项A 正确,C 错误.由F f =μmg 解得μ=0.3,选项B 错误.由牛顿第二定律,F -F f =ma ,在F 为10 N 时,物体的加速度a =2.0 m/s 2,选项D 错误.10.(单选)如图10甲所示,粗糙斜面与水平面的夹角为30°,质量为0.3 kg 的小物块静止在A 点.现有一沿斜面向上的恒定推力F 作用在小物块上,作用一段时间后撤去推力F ,小物块能达到的最高位置为C 点,小物块从A 到C 的v -t 图象如图乙所示.g 取10 m/s 2,则下列说法正确的是( )图10A .小物块到C 点后将沿斜面下滑B .小物块加速时的加速度是减速时加速度的13C .小物块与斜面间的动摩擦因数为32D .推力F 的大小为6 N答案 B解析 撤去推力F 后,滑块在滑动摩擦力作用下做匀减速直线运动,由v -t 图象求得小物块在加速和减速两个过程中的加速度大小分别为a 1=103m/s 2,a 2=10 m/s 2,在匀减速直线运动过程中,由牛顿第二定律可知mg sin 30°+μmg cos 30°=ma 2,μ=33,选项B 正确,C 错误;由此判断mg sin 30°=F fm =μmg cos 30°,因此小物块到达C 点后将静止在斜面上,选项A 错误;在匀加速阶段F -mg sin 30°-μmg cos 30°=ma 1,F =4 N ,选项D 错误.11.(单选)如图11甲所示,倾角为30°的足够长的光滑斜面上,有一质量m =0.8 kg 的物体受到平行斜面向上的力F 作用,其大小F 随时间t 变化的规律如图乙所示,t =0时刻物体速度为零,重力加速度g =10 m/s 2.下列说法正确的是( )图11A .0~1 s 时间内物体的加速度最大B .第2 s 末物体的速度不为零C .2 s ~3 s 时间内物体向下做匀加速直线运动D .第3 s 末物体回到了原来的出发点答案 C解析 重力沿斜面向下的分力为F 1=mg sin 30°=4 N ,可知2 s ~3 s 内物体加速度最大,A 错;由于0~1 s 内和1 s ~2 s 内加速度等大反向,2 s 末物体的速度大小为零,B 错,C 对;在2 s ~3 s 内的加速度大小为a 3,则有mg sin 30°-F 3=ma 3,a 3=3.75 m/s 2,而a 1=F 1-mg sin 30°m= 1.25 m/s 2,上升距离s 1=1.25 m ,下降距离为s 2=12a 3t 23=1.875 m>s 1,D 错. 12.(单选)如图12所示,在光滑水平面上有一质量为m 1的足够长的木板,其上叠放一质量为m 2的木块.假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等.现给木块施加一随时间t 增大的水平力F =kt (k 是常数),木板和木块加速度的大小分别为a 1和a 2,下列反映a 1和a 2变化的图线中正确的是 ( )图12答案 A解析 刚开始木块与木板一起在F 作用下加速,且F =kt ,a =F m 1+m 2=kt m 1+m 2,当相对滑动后,木板只受滑动摩擦力,a 1不变,木块受F 及滑动摩擦力,a 2=F -μm 2g m 2=F m 2-μg ,故a 2=kt m 2-μg ,a -t 图象中斜率变大,故选项A 正确,选项B 、C 、D 错误. 13.(多选)如图13所示,质量均为m 的两个木块P 、Q 叠放在水平地面上,P 、Q 接触面的倾角为θ,现在Q 上加一水平推力F ,使P 、Q 保持相对静止一起向左做匀加速直线运动,下列说法中正确的是 ( )图13A .物体Q 对地面的压力一定为2mgB .若Q 与地面间的动摩擦因数为μ,则μ=F2mgC .若P 、Q 之间光滑,则加速度a =g tan θD .若运动中逐渐减小F ,则地面与Q 间的摩擦力也逐渐减小答案 AC解析 木块P 和Q 组成的整体在竖直方向上受力平衡,所以地面对物体Q 的支持力为2mg ,又由牛顿第三定律可知物体Q 对地面的压力一定为2mg ,故选项A 对.物体Q 与地面间的滑动摩擦力 F f =2μmg ,由于P 、Q 一起向左做匀加速直线运动,则F >F f ,得μ<F 2mg,故选项B 错.若P 、Q 之间光滑,木块P 只受重力mg 和支持力F N 作用,如图所示,可得F 合=mg tan θ,因整体无相对运动,木块P 的加速度与整体加速度相同,即a =g tan θ,故选项C 正确;地面与Q 间的滑动摩擦力只与地面与Q 间的动摩擦因数及Q与地面间的压力有关,与推力F无关,故选项D错误.。

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预测题型2 多过程问题和连接体问题
1.(多选)(2015·新课标全国Ⅱ·21)如图1,滑块a 、b 的质量均为m ,a 套在固定竖直杆上,与光滑水平地面相距h ,b 放在地面上.a 、b 通过铰链用刚性轻杆连接,由静止开始运动.不计摩擦,a 、b 可视为质点,重力加速度大小为g .则( )
图1
A .a 落地前,轻杆对b 一直做正功
B .a 落地时速度大小为2gh
C .a 下落过程中,其加速度大小始终不大于g
D .a 落地前,当a 的机械能最小时,b 对地面的压力大小为mg
2.(多选)(2015·绵阳4月模拟)如图2所示,倾角为θ的斜面体C 置于粗糙水平面上,物块B 置于斜面上,已知B 、C 间的动摩擦因数为μ=tan θ,B 通过细绳跨过光滑的定滑轮与物块A 相连,连接B 的一段细绳与斜面平行,A 、B 的质量分别为m 、M .现给B 一初速度,使B 沿斜面下滑,C 始终处于静止状态,则在B 下滑过程中,下列说法正确的是( )
图2
A .无论A 、
B 的质量大小关系如何,B 一定减速下滑
B .A 运动的加速度大小为a =mg M +m
C .水平面对C 一定有摩擦力,摩擦力方向可能水平向左
D .水平面对C 的支持力与B 、C 的总重力大小相等
3.如图3,穿在水平直杆上质量为m 的小球开始时静止.现对小球沿杆方向施加恒力F 0,垂直于
杆方向施加竖直向上的力F ,且F 的大小始终与小球的速度成正比,即F =k v (图中未标出).已知小球与杆间的动摩擦因数为μ,小球运动过程中未从杆上脱落,且F 0>μmg .下列关于运动中的速度—时间图象正确的是( )
图3
4.(多选)如图4所示为与水平地面夹角为θ的斜面,从斜面底端a 向上有三个等间距点b 1、b 2和b 3,即ab 1=b 1b 2=b 2b 3.小滑块P 以初速度v 0从a 出发,沿斜面向上运动.若斜面与滑块间无摩擦,则滑块到达b 3位置刚好停下,而后下滑.若斜面ab 1部分与滑块间有摩擦,其余部分与滑块间无摩擦,则滑块上滑到b 2位置刚好停下,而后下滑,此后滑块( )
图4
A .下滑到b 1位置时速度大小等于
33v 0 B .下滑到b 1位置时速度大小等于
34v 0
C .回到a 端时速度大小等于
33v 0 D .回到a 端时速度大小等于36v 0 5.(多选)如图5所示,光滑水平面上放置四个木块甲、乙、丙、丁,其中甲、丙的质量均为m ,乙、丁的质量均为2m .甲与丙间用一根不可伸长的轻绳相连,木块间的动摩擦因数均为μ,现用水平拉力F 向右分别拉甲或乙,使四个木块共同以最大加速度运动.拉甲时的最大拉力为F 1、相应绳上的拉力为F 绳1,拉乙时的最大拉力为F 2、相应绳上的拉力为F 绳2.则下列说法正确的是( )
图5
A .F 1>F 2
B .F 1<F 2
C .F 绳1>F 绳2
D .F 绳1<F 绳2
6.(多选)如图6所示,ABC 是一条长轨道,其中AB 段为一定倾角的斜面,BC 段为水平面.一质量为m 的小滑块在A 点从静止状态释放,沿斜面滑下.滑块在B 点没有能量损失,最后停在C 点.A 点与其水平面投影D 点的距离为h ,滑块与轨道间动摩擦因数均为μ.若再用一沿着轨道方向的力推滑块,使它缓慢地由C 点推至A 点,则( )
图6
A .推力对滑块做的功为3mgh
B .推力对滑块做的功为2mgh
C .往返过程中,滑动摩擦力做的功为-2μmg (s 1+s 2)
D .往返过程中,滑动摩擦力做的功为-2μmgs 1
7.(多选)(2015·泰安二模)如图7所示,倾角30°、高为L 的固定斜面底端与光滑水平面平滑相连,质量分别为3m 、m 的两个小球A 、B 用一根长为L 的轻绳连接,A 球置于斜面顶端.现由静止释放A 、B 两球,B 球与弧形挡板碰撞过程时间极短无机械能损失,且碰后只能沿斜面下滑,两球最终均滑到水平面上.已知重力加速度为g ,不计一切摩擦,则( )
图7
A .A 球刚滑至水平面时的速度大小为
5gL 2 B .B 球刚滑至水平面时的速度大小为6gL 2
C .在A 球沿斜面下滑的过程中,轻绳对B 球先做正功、后不做功
D .两小球在水平面上不可能相撞
答案精析
预测题型2多过程问题和连接体问题
1.BD[滑块b的初速度为零,末速度也为零,所以轻杆对b先做正功,后做负功,选项A错误;以滑块a、b及轻杆整体为研究对象,系统的机械能守恒,当a刚落地时,b的速度为零,则
mgh=1
2m v
2
a
+0,即v a=2gh,选项B正确;a、b的先后受力分别如图甲、乙所示.
由a的受力图可知,a下落过程中,其加速度大小先小于g后大于g,选项C错误;当a落地前b 的加速度为零(即轻杆对b的作用力为零)时,b的机械能最大,a的机械能最小,这时b受重力、支持力,且F N b=mg,由牛顿第三定律可知,b对地面的压力大小为mg,选项D正确.] 2.ABD[由μ=tan θ可知mg sin θ=μmg cos θ,因此如果绳子没有拉力的话,物块B会沿斜面匀速下滑,但由于物块A的存在,绳子必定有拉力,故物块B一定会减速下滑,选项A正确;把物块A和B看成整体,对整体运用牛顿第二定律可得:mg=(M+m)a,由此可得物块A和B具有相
同的加速度,a=
mg
M+m
,故选项B正确;物块B对斜面体C的作用力有压力和沿斜面向下的摩擦
力,且二者的合力竖直向下,大小等于物块B的重力,斜面C在水平方向没有运动趋势,故斜面C与地面间没有摩擦力,且对地面的压力为物块B和C的总重力,故选项C错误,选项D正确.] 3.C[小球开始重力大于竖直向上的力,支持力方向向上,随着速度的增大,F增大,则支持力减小,摩擦力减小,根据牛顿第二定律,加速度增大.然后竖直向上的拉力大于重力,杆对球的弹力向下,F增大,弹力增大,摩擦力增大,根据牛顿第二定律,加速度减小,当加速度减小到零,做匀速直线运动.故C正确.]
4.AC[设每段距离为x,则斜面与滑块间无摩擦时,滑块从a到b3,有mg sin θ·3x=1
2m v
2
,有摩
擦力时,滑块从b2到b1,有mg sin θ·x=1
2m v
2
1
,则v1=
3
3
v0,选项A正确;有摩擦力时,滑块从a
到b2有mg sin θ·2x+F f·x=1
2m v
2
,则F f=mg sin θ,即滑块从b1到a做匀速直线运动,选项C正确.]
5.AC[拉甲时,对乙μmg=2ma1,得a1=μg 2
对整体:F1=6ma1=3μmg
对丙、丁:F绳1=3ma1=3μmg 2
拉乙时,对甲、丙、丁:μmg=4ma2得a2=μg 4
对整体:F2=6ma2=3μmg 2
对丙、丁:F绳2=3ma2=3μmg 4
所以F1>F2,F绳1>F绳2.]
6.BC[下滑过程:mgh+W f1=0-0得:W f1=-mgh
W f1=-μmg cos θ·s2
cos θ-μmgs1=-μmg(s1+s2) 反推过程:W F+W f1-mgh=0-0
得:W F=mgh-W f1=2mgh
全过程:W f=2W f1=-2μmg(s1+s2)]
7.AC[A球刚滑至水平面时,根据机械能守恒定律可知:3mgL-mgL sin 30°=1
2(3m+m)v
2
1
,解
得:v1=5gL
2,选项A正确;当A球滑到水平面上后,做匀速运动,而B球在斜面上做加速运
动,则B球刚滑至水平面时,根据机械能守恒定律可知:3mgL=1
2×3m·v
2
1

1
2m v
2
B
,解得:v B=
3
2
gL,选项B错误;在A球沿斜面下滑的过程中,在B球没有滑上斜面之前,轻绳对B球做正功,当B球滑到水平面之后,轻绳无弹力,则对B球不做功,选项C正确;A球滑至水平面后做匀速运动,而B球还要做一段加速后到达水平面,故B球能追上A球发生碰撞,选项D错误.]。

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