2020年山东省日照市五莲县中考物理一模试卷

中考物理一模试卷

题号一二三四五六总分

得分

一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）

1.为了纪念物理学家做出的贡献，通常用他们的名字来命名物理量的单位．下列物理

量及单位对应正确的是（）

A. 功率-瓦特

B. 压强-焦耳

C. 电阻-伏特

D. 电压-安培

2.如图所示的四幅图中，是电动机原理的实验装置是（）

A. B.

C. D.

3.下列使用的工具中属于费力杠杆的是（）

A. 用钓鱼竿钓鱼

B. 手推独轮车

C. 用钉锤撬钉子

D. 用天平称质量

4.如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向右移动时，下列

说法中正确的是（）

A. 灯泡L变暗

B. 电压表示数不变

C. 电流表A1示数变大

D. 整个电路消耗的总功率变大

5.二月初以来，我国各地旱区认真落实国务院抗旱工作会议精神，

采取一切更加有效的措施，全面掀起抗旱保苗促春管热潮，为夺

取今年夏粮丰收奠定了基础，实施人工增雨是缓解旱情有效手

段，在空中喷洒干冰是人工增雨的一种方法．干冰使空气中的水

蒸气变成小冰粒，这是因为水蒸气发生了（）

A. 汽化

B. 液化

C. 升华

D. 凝华

6.下列关于光现象的说法中正确的是（）

A. 岸边的人在水中所成的“倒影”是光的折射形成的

B. 物体在平面镜中成的是虚像，物体离平面镜越近像越大

C. 使用投影仪可以在屏幕上形成正立放大的实像，光在屏幕上发生了漫反射

D. 凹透镜对光有发散作用，可用来矫正近视眼

7.下列关于声现象的说法，正确的是（）

A. 中考期间学校路段禁止鸣笛，这是在传播过程中减弱噪声

B. 声音在真空中传播速度是340m/s

C. 发声体的频率高低决定了声音的音调

D. 吹口琴时，对不同气孔吹气，是为了改变声音的音色

8.装有不同液体的甲、乙两烧杯，放入两个完全相同的物体，当物体静止后两烧杯中

液面恰好相平，如图所示，液体对甲乙两烧杯底部压强分别是p甲、p乙，液体对两物体的浮力分别是F甲、F乙，则下面判断正确的是（）

A. p甲＞p乙，F甲=F乙

B. p甲=p乙，F甲＞F乙

C. p甲=p乙，F甲＜F乙

D. p甲＜p乙，F甲=F乙

9.很多动物为了适应生存环境，进化出了符合一定物理规律的自身部位，下列从物理

学的角度给出的解释中正确的是（）

A. 泥鳅身上的粘液能减小摩擦，在泥土中不易被黏住，更易滑溜

B. 壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，是为了减小重力使其在天花板上也不会掉下来

C. 啄木鸟的嘴很尖细，可以减小压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子

D. 深水里的海鱼，其体形结构更适宜在压强小的深海中生存

10.在2018年泸州市中考体育考试中，小彤同学进行了实心球测试，对球运动的几个

阶段，下列说法正确的是（）

A. 小彤捡起实心球，并缓慢举高的过程中，小彤对球做功，球的重力势能增加

B. 小彤将球用力投出后，球在空中运动过程中小彤对球做功，球的机械能增加

C. 小彤将球用力投出后，球在空中最高点时所受的合力为零

D. 球落地后在水平地面滚动一段距离停止，球在地面滚动阶段，球的机械能不变

二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）

11.下列数据最接近实际的是（）

A. 一个小铁钉受到的重力约为5N

B. 成年人正常步行5min通过的路程约为300m

C. 一名中学生的体积约为50dm3

D. 考场里一盏日光灯的额定功率约为200W

12.如图所示为冬奥会的一些运动项目，关于这些项目中的情景，下列说法中正确的是

（）

A. 跳台雪运动员在空中下落的过程中，重力势能不变

B. 短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动状态不变

C. 冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性

D. 冰球运动员用球杆推着冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力没有做功

13.小明用如图所示的滑轮组将一个重为300N的物体在10s内匀速提

升2m，所用的拉力为150N，以下关于滑轮组的有关说法正确的是

（不计绳重和摩擦）（）

A. 在匀速提升重物的过程中，重物的机械能不变

B. 物体上升的速度为0.2m/s，拉力的功率为90W

C. 动滑轮重150N，该滑轮组的机械效率约为66.7%

D. 再用该滑轮组提升500N的重物，其机械效率变大

14.巨磁电阻（GMR）效应是指某些材料的电阻在磁场中随磁场的增强而急剧减小的现

象。如图是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中的GMR是巨磁电阻。在电源电压U不超过指示灯额定电压的条件下，闭合开关S1、S2，则（）

A. 电磁铁A端是N极

B. 电磁铁产生的磁感线不管外部还是内部都是从N极出发回到S极

C. 向右滑动滑片P，GMR两端的电压增大

D. 向左滑动滑片P，指示灯会变亮

15.下列关于凸透镜应用的说法，正确的是（）

A. 焦距5cm的凸透镜当放大镜使用时，物体到透镜的距离应小于5cm，此时成正

立、放大的实像

B. 利用自拍杆照相时是为了增大物距

C. 用手机扫描二维码时，应使二维码位于手机镜头一倍焦距之内

D. 要使投影仪成像变大，应使投影仪远离屏幕，同时使镜头靠近投影片

三、填空题（本大题共4小题，共10.0分）

16.进入泸州市古蔺黄荆老林风景区时，我们闻到了花香，这是花香分子的______现象；

不能随意丢弃饮料瓶，因为透明饮料瓶内进入水后，相当于一个凸透镜，对太阳光

有______作用，容易引发火灾；景区照片通过手机上传到微信朋友圈，是靠______来传播的（选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）。

17.如图所示，开关闭合后，铁钉的上端是______极（选填“N”

或“S”），当滑片向左移动时，铁钉吸引大头针的数目将

______（选填“增加”或“减少”）。

18.据报道，2018年5月5日，直-18改进型直升机降落在我国首

艘国产航母的甲板上，如图所示。该航母满载时排水量为70000

吨，在海水中吃水深度为11m。取ρ海水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg。该航母满载时，受到的浮力为______N，最低处受到海水的压强为______Pa；某架直升机飞离该航母后，若航母排开的海水体积减少了7m3，则该直升机的质量是______kg。

19.泸州沱江六桥全程长4km，桥面设计为双向8车道，中间预留了轻轨线路，于2018

年1月通车。一辆小轿车做匀速直线运动通过全程，速度为50km/h，受到的阻力恒为660N，通过全程所需的时间为______min，牵引力所做的功为______J；若通过全程消耗了0.2kg的汽油，汽油机的效率为______。（已知热值q汽油=4.4×107J/kg）

四、计算题（本大题共2小题，共20.0分）

20.“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，我国大力发展电动汽车车替代传统燃

油汽车。表中是某种电动汽车的部分参数，假设车上只有司机一人，质量为60kg，汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的0.04倍，电动汽车充满电后以节电模式匀速行驶20km，电池剩余容量为38kW?h．（g=10N/kg）

空车质量1380kg

轮胎与地面总接触面积320cm2

电池容量42kW?h

最高时速120km/h

最大功率100kW

最大续航里程260km

（2）电动汽车匀速行驶20km，牵引力所做的功

（3）电动汽车电能转化为机械能的转化效率

21.小明家电热吹风机的铭牌如表格所示，其工作原理如图甲所示。由于使用了多年，

吹风机中的电热丝明显氧化导致其电阻发生了变化，电动机性能仍保持不变。为准

确测量氧化电热丝的实际电阻值，小明在家中把该吹风机单独接入家庭电路并使其吹热风，发现电能表的转盘6min内转过132圈，电能表规格如图乙所示。问：电热吹风机

额定电压/V220

电热丝功率/W480

电动机功率/W40

（1）这段时间内电吹风消耗了多少电能？

（2）氧化电热丝正常工作时的实际电阻值是多少？

（3）为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝串联还是并联一段新电热丝？

连接上去的新电阻丝的阻值是多少？

五、作图题（本大题共2小题，共6.0分）

22.如图所示为足球运动员顶出去的足球，试画出足球在空中飞行时的

受力示意图（不计空气阻力）。

23.请在图中用笔画线代替导线将电灯、开关和插座正确接入家庭电路。

六、实验探究题（本大题共2小题，共14.0分）

24.小明利用如图甲所示装置探究冰块熔化的特点，他每隔相同时间记录一次温度计的

示数，并观察物质的状态。

（1）冰的熔化过程持续了______min。

（2）图乙是他根据记录的数据绘制的“温度--时间”图象，由图象可知：冰属于______（选填“晶体”或“非晶体”），这样判断的依据是______。

（3）图乙中第4min时，物质处于______态。

（4）图乙中，物体在A点时其有的内能______（选填大于”、“小于”或“等于”）在B点时的内能。

25.在测量标准电压为3.8V的小灯泡电阻的实验中，电源电压恒为6V。

（1）小明连接如图甲所示的电路，准备闭合开关时，发现有接线错误。请你按要求在图将需改错的2根导线画“×”，并补画出正确的导线。要求：闭合开关后，当滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大。

（2）电路完善后，调节滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为3.8V时，电流表示数如图乙所示，其示数为______A，此时小灯泡的电阻为______Ω，额定功率为

______W．（保留小数点后两位）

（3）在提供的滑动变阻器中，分别有规格为A（5Ω 2A）、B（20Ω 1A）、C（100Ω 0.1A），则应选择______（选填“A”“B”或“C”）。

（4）若在实验中小灯泡的灯丝突然被烧断，则电压表的示数______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

（5）小明同学多次移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图丙所示的图象，通过图象可以发现______。

（6）若把小灯泡换成一个定值电阻，还可探究______的关系。

A．电流与电阻

B．电流与电压

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：

A．用瓦特的名字命名功率的单位，故A正确；

B．用帕斯卡的名字命名压强的单位，故B错误；

C．用欧姆的名字命名电阻的单位，故C错误；

D．用伏特的名字命名电压的单位，故D错误．

故选A．

在物理学上经常用物理学家的名字命名物理量的单位，以纪念他们做出的突出贡献，结合常见的单位分析解答即可．

本题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查．

2.【答案】B

【解析】解：A、是奥斯特实验，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意；

B、电路中有电源，通电线圈或导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的工作原理，故B符合题意；

C、该装置是发电机原理图，表示电磁感应现象，故C不符合题意；

D、在外力作用下使导体运动，切割磁感线，电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D不符合题意；

故选：B。

电动机是利用通电导体在磁场中受力运动制成的，在选项中找出反映这个原理的即可。本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理，学生平时要注意区分，属于基础题。

3.【答案】A

【解析】解：（1）钓鱼杆在使用的过程中，阻力臂大于动力臂，属于费力杠杆，但使用它可以省距离，故选项A符合题意；

（2）我们在使用独轮车和钉锤时都是为了省力，并且它们在使用的过程中都是动力臂大于阻力臂，所以它们属于省力杠杆，故B、C不符合题意；

（3）天平是典型的等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，故D不符合题意。

故选：A。

杠杆有三种类型：

（1）省力杠杆：动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，省力但是费距离；

（2）费力杠杆：动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，费力但是省距离；

（3）等臂杠杆：动力臂等于阻力臂，动力等于阻力，既不省力也不费力。

本题主要考查对杠杆分类方法的了解，动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。

4.【答案】B

【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流。

因电源电压不变，

所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故B正确；

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，滑片移动时，通过灯泡的电流和实际功率不变，即灯泡L的亮度不变，故A错误；当滑片P向右移动时，变阻器R接入电路中的电阻变大，

由I=可知，通过R的电流变小，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，故C错误；

由P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故D错误。

故选：B。

由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P=UI可知电路消耗总功率的变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。

5.【答案】D

【解析】解：水蒸气是气态，小冰粒是固态，物质从气态直接变为固态，称为凝华，所以A、B、C不符合题意，只有D符合题意；

故选D．

解决此题的关键是知道水蒸气是气态，小冰粒是固态，物质从气态直接变为固态，称为凝华，凝华过程需要放热．

解决此类题目的关键是掌握三态转化的名称，判断出物体是什么状态之间的相互转化．6.【答案】D

【解析】解：

A、“倒影”属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；

B、像和物体的大小相等，物体离平面镜越近，所成的像不会变大，故B错误；

C、投影仪可以在屏幕上形成倒立、放大的实像，为了使各个方向的人都能看到屏幕上的像，故光在屏幕上要发生漫反射，故C错误；

D、近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，应佩戴发散透镜使光线推迟会聚，因凹透镜对光线有发散作用，所以近视眼应该配戴凹透镜才能看清远处的物体，故D正确。故选：D。

（1）（2）平静的水面相当于平面镜，物体在平面镜中成正立等大的虚像，物像到平面镜的距离相等；

（3）投影仪成倒立、放大的实像；平行光线经凹凸不平的反射面反射后，反射光线射向四面八方，漫反射的反射面是凹凸不平的；

（4）凹透镜对光有发散作用，可用来矫正近视眼。

本题考查了光的反射、凸透镜成像规律、近视眼的矫正，属于基础知识。

7.【答案】C

【解析】解：

A、学校路段禁止汽车鸣笛，这是在声源处减弱噪声，故A错误；

B、声音在空气中的传播速度约为340m/s，声音在真空中不能传播，故B错误；

C、发声体的振动频率越高，音调越高，即发声体的频率高低决定了声音的音调，故C 正确；

D、吹口琴时，对不同气孔吹气，改变了振动的空气柱的长度，改变了振动频率，是为

了改变声音的音调，故D错误。

故选：C。

（1）减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处；

（2）声音的传播需要介质；声音在空气中的传播速度约为340m/s；

（3）发声体的振动频率高，音调越高；振幅越大，响度越大，音色反映声音的品质与特色，与发生体的结构、材料有关；

本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。

8.【答案】A

【解析】解：两物体完全相同，它们在液体内都是静止的，故受力平衡，即浮力都等于物体的重力，故F甲=F乙；

由于物体在甲中浸入液面的体积比乙中的小，由F浮=ρ液gV排得：ρ甲＞ρ乙，由公式p=ρ液gh可知，由于液面高度相同，所以p甲＞p乙。

故A正确，BCD错误。

故选：A。

放入液体的物体完全相同，由浮沉条件可知两物体所受浮力相等，由浮力公式F浮=ρ液gV排，可知两液体的密度，由压强公式p=ρ液gh可知对底部的压强。

本题考查了学生对阿基米德原理、物体的浮沉条件、液体压强公式的掌握和运用，根据提供情景灵活选用公式分析判断是本题的关键。

9.【答案】A

【解析】解：A、泥鳅身上的粘液能减小摩擦，在泥土中不易被黏住，更易滑溜。故A 正确；

B、“吸盘”能使壁虎“吸”在墙上，是把盘内的空气挤出，然后就被外界的大气压紧压在了墙壁上，不能减小重力。故B错误；

C、啄木鸟的嘴很尖细，在压力一定时增大了压强，从而很容易凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子。故C错误；

D、根据p=ρgh深海处的海水压强很大，所以深水里的海鱼，其体形结构更适宜在压强大的深海中生存。故D错误。

故选：A。

（1）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。

（2）地球被厚厚的大气层包围着，地球表面的物体都受到大气压的作用；

（3）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。

（4）据液体压强p=ρgh可知，在海水中，越深处海水的压强越大。据此分析判断。

物理是有趣的，这有趣就体现在生活中有许多现象和我们学过的物理知识是有关的，多观察，多思考，才能学好物理。

10.【答案】A

【解析】解：

A、小彤捡起实心球，并缓慢举高的过程中，球在力的方向上通过了距离，小彤对球做功，球的高度增大，则球的重力势能增加，故A正确；

B、小彤将球用力投出后，球在空中运动过程中小彤没有对球是家里，对球没有做功，球在运动时克服摩擦做功，机械能减小，故B错误；

C、小彤将球用力投出后，球在空中最高点时受到重力和空气阻力的作用，这两个力不是平衡力，故所受的合力不为零，故C错误；

D、球落地后在水平地面滚动一段距离停止，是因为球受到了阻力，克服摩擦阻力做功，机械能转化为内能，球的机械能减少，故D错误。

故选：A。

（1）（2）一个力作用在物体上，并且物体在力的方向上通过一段距离，就说力对物体做了功；重力势能与高度有关；

（3）合力为0时，物体将保持静止或匀速直线运动状态；

（4）克服摩擦做功，机械能减少。

本题考查了影响势能的因素、机械能的变化、做功的条件等知识点，属于基础题。11.【答案】BC

【解析】解：

A、一个小铁钉的质量在5g=0.005kg左右，受到的重力约为

G=mg=0.005kg×10N/kg=0.05N，故A不符合实际；

B、成年人的步行速度在1m/s左右，步行5min=300s通过的路程约为

s=vt=1m/s×300s=300m，故B符合实际；

C、人体密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3左右，中学生的质量在50kg左右，则中学生的体积约为V===0.05m3=50dm3，故C符合实际；

D、日光灯的额定功率较小，在40W左右，故D不符合实际。

故选：BC。

首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。

12.【答案】CD

【解析】解：A、运动员在空中下落的过程中，高度减小，故重力势能变小；故A错误；

B、运动员在转弯滑行的过程中，运动方向改变，故运动状态改变；故B错误；

C、掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性；故C正确；

D、冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力方向竖直向下，距离的方向沿水平方向；力和距离的方向垂直，故重力没有做功；故D正确；

故选：CD。

此题考查多个知识点；理解影响重力势能的因素、明确运动状态改变的几种情况、理解惯性概念、理解做功的两个必要因素；可解答此题。

13.【答案】BCD

【解析】解：

A、在匀速提升重物的过程中，重物的质量不变、速度大小不变，物体的动能不变；同时高度增加，物体的重力势能变大，所以重物的机械能变大；故A错误；

B、由图可知，n=3，拉力端移动的速度：

v=3v物=3×0.2m/s=0.6m/s，

拉力做功的功率：

P===Fv=150N×0.6m/s=90W，故B正确；

C、不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动），则动滑轮的重力：

G动=3F-G=3×150N-300N=150N；

该滑轮组的机械效率：

η=====×100%≈66.7%，故C正确；

D、在其它量不变的情况下，再用该滑轮组提升500N的重物，即在额外功不变的情况下，增大了有用功，据公式η==知，此时滑轮组的机械效率将变大，故D

正确。

故选：BCD。

（1）物体的动能与质量和速度有关、重力势能与质量和高度有关，物体的动能和势能统称为机械能；

（2）由图可知，n=3，拉力端移动的速度等于物体升高速度的3倍，利用P=Fv求拉力做功的功率；

（3）不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动），据此求动滑轮的重力；该滑轮组的机械效率η====；

（4）提高滑轮组机械效率的方法：增大提升的物重、减轻动滑轮重力。

本题虽是选择题，实质是综合计算题，考查了使用滑轮组有用功、总功、功率、滑轮组的机械效率以及动滑轮重的计算，要求学生熟练掌握和应用公式及其变形式。

14.【答案】ACD

【解析】解：

A、利用安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁的左端A为N极、右端B为S极。故A正确。

B、在磁体外部，磁感线是从N极出发回到S极；故B错误。

C、向右滑动滑片P，滑动变阻器接入电路的阻值变大，则电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路电流减小，因此电磁铁磁性减弱，周围磁场减弱，GMB的阻值变大。则GMR两端的电压增大，故C正确；

D、由图可知，滑动变阻器的滑片P向左滑动过程中接入电路中电阻变小，

由I=可知，电路中的电流变大，此时电磁铁的磁性变强；

由右图可知，巨磁电阻和灯泡串联，

因电阻在磁场中随磁场的增强而急剧减小，

所以，此时巨磁电阻的阻值会变小，电路中的总电阻变小，

由I=可知，电路中的电流变大，通过灯泡的电流变大，

因P=I2R，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

所以，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮；故D正确。

故选：ACD。

（1）利用安培定则判断电磁铁的磁极；

（2）在磁体外部，磁感线是从N极出发回到S极；

（3）根据灯泡的亮度变化，能够确定电路中电流的变化，进而知道巨磁电阻的阻值与磁场强度的关系。

本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与电流的关系和电功率公式的应用等，判读出巨磁电阻的变化是解题的关键。

15.【答案】BD

【解析】解：

A、焦距5cm的凸透镜当放大镜使用时，物体到透镜的距离应小于5cm，此时成正立、

放大的虚像，故A错误；

B、使用手机拍照时，镜头相当于凸透镜，成倒立、缩小的实像；凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；所以，用“自拍神器”自拍与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以增大手机与拍照者之间距离，即增大物距，故B正确；

C、手机的镜头属于凸透镜，与照相机原理相同，用手机扫描二维码时，应使二维码位于手机镜头二倍焦距之外，故C错误；

D、要使投影仪成像变大，则像距变大，物距减小，即应使投影仪远离屏幕，同时使镜头靠近投影片，故D正确。

故选：BD。

（1）凸透镜成像时，u＜f，通过凸透镜能看到一个正立的、放大的虚像。应用于放大镜；

（2）“自拍神器”是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作的；

（3）照相机成像时，物距大于二倍焦距；

（4）凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小。

本题考查了凸透镜的成像规律的应用，要熟记凸透镜的成像规律。

16.【答案】扩散会聚电磁波

【解析】解：

（1）我们闻到了花香，这是一种扩散现象，是由于花香的分子在不停地做无规则的运动形成的；

（2）因为瓶中进入水之后，瓶中的水形状是中间厚、边缘薄，符合凸透镜的形状特点，对光线有会聚作用，如果热量集中，会造成树叶燃烧，造成火灾；

（3）手机上的微信依靠电磁波来传递信息。

故答案为：扩散；会聚；电磁波。

（1）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈。花香分子在空气中做无规则运动越快，人们闻到的花香味越浓烈；

（2）透明圆塑料瓶装水后，中间后而边缘薄，类似于凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用；

（3）电磁波可以传递信息。

物理知识渗透在生活的每个角落，同学们要注意思考、积累。因此在森林中旅游，导游向你建议，不要随意丢弃玻璃瓶，就是这个道理。

17.【答案】N；增加

【解析】解：由右手螺旋定则可知，铁钉上端为N极；

当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻变小，故电路中电流变大，则螺线管磁性变强，故吸引的大头针的数目将增加。

故答案为：N，增加。

由右手螺旋定则可知螺线管的极性，由影响电磁铁磁性强弱的因素可知铁钉的吸引能力。

右手螺旋定则的内容为：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指向指的方向为N 极方向。电磁铁的磁性强弱与电流的大小、线圈匝数等有关。

18.【答案】7×108 1.1×1057×103

【解析】解：（1）该航母满载时排水量：

m排=70000t=7×107kg，

航母满载时受到的浮力：

F浮=G排=m排g=7×107kg×10N/kg=7×108N；

（2）满载时该航母最底处受到海水的压强：

p=ρ海gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×11m=1.1×105Pa。

（3）因为航母漂浮在水面上，则F浮=G，直升机飞离该航母后，则F浮′=G′，

由于直升机飞离该航母后，直升机的重力G直=G-G′，

则△F浮=F浮-F浮′=G-G′=G直，

根据F浮=ρ海gV排和G=mg可得：

直升机的质量m直===ρ海△V排=1.0×103kg/m3×7m3=7×103kg。

故答案为：7×108；1.1×105；7×103。

（1）知道航母满载排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力；

（2）已知深度，利用液体压强公式p=ρgh求出海水的压强。

（3）航母漂浮，则浮力等于重力，利用重力、密度公式和阿基米德原理表示出航母在舰载机飞离前后排开海水的体积，然后列出等式，计算舰载机的质量。

本题考查液体压强、浮力的计算，同时考查排水量的有关问题，关键是知道排水量就是轮船满载时排开水的质量。还要知道轮船漂浮时浮力等于自身重力。

19.【答案】4.8 2.64×10630.0%

【解析】解：

（1）由v=可得，通过全程所需的时间：

t===0.08h=4.8min；

（2）因为匀速通过大桥，所以牵引力F=f=660N，

牵引力所做的功W=Fs=660N×4×103m=2.64×106J；

（3）汽油完全燃烧放出的热量Q=mq=0.2kg×4.4×107J/kg=8.8×106J，

汽油机的效率η=×100%=×100%=30%。

故答案为：4.8；2.4×105；30.0%。

（1）根据速度的变形公式计算所需的时间；

（2）利用二力平衡的条件求出牵引力的大小，然后利用W=Fs可求得牵引力所做的功；（3）根据Q=mq可求得汽油完全燃烧放出的热量，再利用η=可求得汽油机的效率。

本题考查了重力的计算、速度公式及其应用、功的计算等，关键是知道汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力。对于这类综合题目，要快速联想选择相对应的公式进行求解，在计算过程中注意单位要统一。

20.【答案】解：（1）电动汽车对水平地面的压力为：

F=G=（m1+m2）g=（1380kg+60kg）×10N/kg=1.44×104N；

电动汽车对地面的压强为：

p===4.5×105Pa；

（2）电动汽车匀速行驶，所以牵引力与阻力平衡，

则电动汽车受到的牵引力为：

F=f=0.04G=0.04×1.44×104N=576N；

则电动车行驶20km，牵引力做的功为：

W=Fs=576N×20×103m=1.152×107J；

（3）由表格数据可知电池容量为42kW?h，行驶20km时电池剩余容量为38kW?h

则此过程中电动汽车消耗的电能为：

W总=42kW?h-38kW?h=4kW?h=1.44×107J，

则电动汽车电能转化为机械能的转化效率：

η=×100%=×100%=80%。

答：（1）电动汽车对水平地面的压强为4.5×105Pa；

（2）电动汽车匀速行驶20km，牵引力所做的功为1.152×107J；

（3）电动汽车电能转化为机械能的转化效率为80%。

【解析】（1）电动汽车对地面的压力等于汽车和人的总重力，根据G=mg解答，然后根据公式p=计算压强；

（2）汽车匀速行驶，牵引力与阻力相等，根据W=Fs便可计算出牵引力做的功；

（3）汽车消耗的电能等于电池容量与剩余容量之差，牵引力做的功与消耗电能之比便为电动汽车电能的转化效率。

本题是电、力的综合题目关键能够掌握力学中压强、功的计算方法，找到力和电的联系，才能正确计算转化效率。

21.【答案】解：（1）电吹风6min内消耗的电能：

W==0.044kW?h=0.044×3.6×106J=1.584×105J；

（2）此时吹热风时电路的实际功率：

P===0.44kW=440W，

此时电热丝的实际功率：

P热′=P-P电动机=440W-40W=400W，

由P=可得，氧化电热丝的实际电阻值：

R′===121Ω。

（3）吹风机正常工作时，P热=480W，

电阻丝的阻值R===≈100.8Ω＜121Ω；

因并联电路电阻越并越小、小于任何一个分电阻，串联电路电阻越串越大、大于任何一个分电阻；

所以为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝并联一段新电热丝。

并联电路中=+可得：=+，

解得：R新=605Ω。

答：

（1）这段时间内电吹风消耗了1.584×105J电能；

（2）氧化电热丝正常工作时的实际电阻值是121Ω；

（3）为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝并联一段新电热丝；连接上去的新电阻丝的阻值是605Ω。

【解析】（1）3000r/kW?h表示的是电路中每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转3000r，据此求出电能表的转盘6min内转过132圈消耗的电能；

（2）先根据P=求出氧化后电路的实际功率，再用实际功率减掉电动机的功率即为氧化电热丝的实际功率，最后根据R=求出氧化电热丝的实际电阻值。

（2）由电吹风的铭牌可知额定电压和电热丝的额定功率，根据R=求出正常工作时电

阻丝的阻值，然后根据电阻串联时越串越大、并联时越并越小判断新电热丝的串并联；根据电阻的并联求出使灯泡正常工作时并联新电阻的阻值。

本题考查了电阻的并联和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是电吹风和电能表参数含义的理解与掌握；本题综合性强，难度较大。

22.【答案】解：顶出去的足球在不计空气阻力的情况下，只受重力的作用，作用在球的重心，方向竖直向下，如图所示：

【解析】顶出去的足球靠惯性飞行，在忽略空气阻力的情况下，只受到重力的作用，而重力的方向是始终竖直向下的，不受其位置和运动状态的影响，据此，再利用作图法画出重力即可。

作重力的示意图是物理作图题中最常考的点之一，重点要明确，物体在任何情况下，其重力方向都是竖直向下的。同时，本题中还要注意，足球靠惯性飞行时，忽略空气阻力便不再受其他力。

23.【答案】解：

首先辨别图中三根线地线、火线、零线。

（1）灯泡接法：火线进入开关，经灯泡连到零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。

（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。

如图所示：

【解析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。

（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。

掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

24.【答案】10 晶体冰在熔化过程中，温度不变固小于

【解析】解：

（1）由图象可知，冰从第5min开始熔化，到第15min完全熔化，共耗时

15min-5min=10min；

（2）由图象知，冰在熔化过程中温度保持不变，所以冰是晶体；

（3）由图象知，图乙中第4min时，物质还没有熔化，因此物质处于固态；

（4）由图可知，冰从A到B持续吸收热量，故内能变大，物体在A点时其有的内能小于在B点时的内能。

故答案为：（1）10；（2）晶体；冰在熔化过程中，温度不变；（3）固；（4）小于。（1）观察图象，从图象中得出冰从开始熔化到完全熔化的时间；

（2）掌握晶体在熔化过程中的特点：吸热但温度保持不变。

（3）知道晶体在熔化前为固态；熔化过程为固液共存态；熔化完后为液态。

（4）物体吸收热量，内能变大。

此题考查了对冰的熔化图象的分析，要掌握晶体熔化过程中的特点；晶体与非晶体最大的区别就是看是否有一定的熔点，从图象上分辨，最大的不同就是晶体有一段时间只吸热而温度不变，我们应该学会区分。

25.【答案】0.32 11.88 1.22 B变大灯丝的电阻随温度的升高而增大 B

【解析】解：（1）原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中，是错误的，电流表与灯串联，电压表与灯并联；

原题中滑动变阻器接了两个下接线柱，应该“一上一下”，当滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大，电阻减小，离下接线柱近，接左下接线柱。如下所示：

（2）由乙图知电流表使用0-0.6A量程，分度值0.02A，示数为0.32A，电压表的示数为3.8V，

灯泡的电阻为R==≈11.88Ω

灯泡额定功率P=UI=3.8V×0.32A=1.216W≈1.22W；

（3）由（2）知灯泡正常工作时，电路中的电流：I=0.32A，故C不适合；

灯泡正常工作时，两端的电压为3.8V，滑动变阻器两端的电压为6V-3.8V=2.2V，

则变阻器的电阻为：R滑==≈6.9Ω，所以变阻器A不合适；因此在本实验中应选择

的滑动变阻器是B；

（4）实验中小灯泡的灯丝突然被烧断，则灯泡两端的电压约等于电源电压，电压表的示数变大；

（5）由图象知：当电压为0.5V时，电流为0.1A，电阻为R1===5Ω；

当电压为3V时，电流为0.3A，电阻为R2===10Ω；

当电压为3.8V时，电阻为11.9Ω，故可以得出电压增大、电流增大，灯丝温度升高，电阻变大，即灯丝的电阻随温度的升高而增大；

（6）若把小灯泡换成一个定值电阻，还可探究电流与电压的关系。选B。

故答案为：（1）见上图；（2）0.32；11.88；1.22；（3）B；（4）变大；（5）灯丝的电阻随温度的升高而增大；（6）B。

（1）原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中，是错误的，电流表应与灯串

联，电压表与灯并联，据此改正；

闭合开关后，当滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大，电阻减小，离下接线柱近，接左下接线柱。

（2）电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，示数为0.32A，根据R=算出电阻，根

据P=UI算出额定功率；

（3）求出小灯泡正常发光时的电流，以及滑动变阻器接入电路的电阻，根据提供的滑动变阻器的最大电流和最大阻值进行选择；

（4）灯泡突然烧断，灯泡断路，电压表两极直接与电源两极相连，电压表测电源电压，电压表示数变大；

（5）灯丝的电阻随温度的升高而增大；

（6）电流与电压和电阻有关，由控制变量法，研究电流与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。

本题是测小灯泡电阻的实验，考查了实物图的连接，电流表的读数，电阻的计算、额定功率的计算，滑动变阻器的选择，因小灯泡电阻的因素等，都是常考的问题，要掌握好。