华杯赛讲义_小中组第3讲数论和行程问题
03华杯复赛—计数及数论
03华杯复赛—计数及数论第三讲计数、数论综合2021．2知识概述1．计数计数题量约为2道，难度中等偏上．涉及的知识点包括枚举法、加乘原理、排列组合等，需要将问题考虑全面，个别题需要递推计数的思想．2．数论数论一般为1道题，难度中等偏上．涉及的知识点包括整数、质数合数、约数倍数以及余数、位值原理．需要对数论基础知识全面了解．真题精讲计数部分：【例1】从1~8这八个自然数中取三个数，其中有连续自然数的取法有________种．（19届复赛）【例2】如图所示，一只蚂蚁从正方体的顶点A出发，沿正方体的棱爬到顶点B，要求行走的路线最短，那么蚂蚁有_______种不同的走法．（17届复赛A卷）【例3】将1、2、3、4、5分别填入图2的格子中，要求填在黑格里的数比它旁边的两个数都大．共有________种不同的填法．（19年南宁营）【例4】将1和2填入的网格中，要求每个格只填一个数，每行每列至少一个1和至少一个2，则有________种不同的填法．（19年南宁营）【例5】黑板上顺次写下连续自然数1，2，3，4，5，6， (99)得到一串数1234567891011…，则相邻数字构成的两位数有________个被3整数（重复的计算多次）．（19年太原营）【例6】亚瑟王在王宫中召见6名骑士，这些骑士中每个骑士恰好，2名朋友．他们围着一张圆桌坐下（骑士姓名与座位如右图），结果发现这种坐法，任意相邻的两名骑士恰好都是朋友．亚瑟王想重新安排座位，那么亚瑟王有________种不同方法安排座位，使得每一个骑士都不与他的朋友相邻．（旋转以后相同的，算同一种方法）．（22届复赛）【例7】将下图左边的大三角形纸板剪3刀，得到4个大小相同的小三角形纸板（第一次操作），见下图中间．再将每个小三角形纸板剪3刀，得到16个大小相同的更小的三角形纸板（第二次操作），见下图右边．这样继续操作下去，完成前六次操作共剪了________刀．（21届复赛A卷）【例8】某班同学做游戏，把3个相同的白球与2个相同的黑球放入3个不同的篮子中（每个篮子中至少放一个球），结果发现任两个同学的放的方法都不一样．全班最多有________名同学．（19年太原营）【例9】用五种不同的颜色涂正方体的六个面．如果相邻的两个面不能涂同种颜色，则共有多少种不同的涂色方法？（将正方体任意翻转后仍然不同的涂色方法才被认为是不同的）（20届复赛卷）【例10】右图中的网格是由6个相同的小正方形构成．将其中4个小正方形涂上灰色，要求每行每列都有涂色的小正方形．经旋转后两种涂色的网格相同，则视为相同的涂法，那么有________种不同的涂色方法．（21届复赛A卷）数论部分：【例11】在除法算式中，被除数为2016，余数为7，则满足算式的除数共有_______个．（21届初赛）【例12】一个两位数与109的乘积为四位数，它能被23整除且商是一位数，这个两位数最大等于________．（21届复赛A卷）【例13】某个两位数是2的倍数，加1是3的倍数，加2是4的倍数，加3是5的倍数，那么这个两位数是________．（20届复赛A 卷）【例14】3个连续的自然数介于100到200之间，其中最小的能被3整除，中间的能被5整除，最大的能被7整除，这3个自然数的和是________．（19年南宁营）【例15】一个三位数交换个位和百位后的新的三位数称为原三位数的逆序数，某个三位数和它的逆序数的和是928，差是198（大减小），则这个三位数是_______．（18年深圳营）【例16】从连续自然数1至9中取出7个，其和是7的倍数，共有________种不同的取法．（19年太原营）【例17】从1到200这200个自然数中任意选数，至少要选出多少个才能确保其中必有2个数的和是5的倍数？（21届复赛B 卷）【例18】三位数中，有些数本身是该数的数字和的19倍，如()19019190=?++，请写出所有这样的三位数．（19届复赛）课后巩固1．一个自然数的各位数字没有重复的数字，并且数字和等于19，那么这类自然数中最小是________．（19年南宁营）2．小明行李箱锁的密码是由两个数字与构成的三位数．某次旅行，小明忘记了密码，他最少要试________次，才能确保打开箱子．（22届初赛）3．编号从1到10的10个白球排成一行，现按照如下方法涂红色：（1）涂2个球；（2）被涂色的2个球的编号之差大于2．不同的涂色方法有多少种？（18届复赛A 卷）4．从1，2，3，4，5这5个数中选出4个不同的数填入下面4个方格中+>+有________种不同的填法使式子成立．（提示：1523+>+和5123+>+是不同的填法）（21届复赛A 卷）5．能被自己的数字之和整除的两位数中，奇数共有________个．（22届复赛）6．在除以7余1、除以11也余1的自然数中，大于1的最小自然数是________．（18届初赛）。
华杯赛讲义_小高组第3讲计数专题和数论专题
第三讲 计数专题和数论专题1、如果说小学奥数试题中"行程""几何""数论"三大专题成为各大杯赛和小升初考试中的常客，占据了试卷的绝大部分版面的话，那么第四大专题就非计数莫属了，而且更重要的是，计数中的技巧多达十几种，堪称五大专题中的最具技巧与灵活性的必考专题。
2、数论是研究整数性质的一个数学分支，它历史悠久，而且有着强大的生命力。
数论问题叙述简明，“很多数论问题可以从经验中归纳出来，并且仅用三言两语就能向一个行外人解释清楚，但要证明它却远非易事”。
1、一串有规律排列的数，从第二项起每一项都等于1加前一项的倒数之和．当第五项是0时，第一项是（ ）【解析】：根据规律，可表示出每一项，根据第五项是0，可得一元一次方程，根据解方程，可得答案． 解：设第一项是a ，根据题意，得第二项是aa a 111+=+第三项是11211++=++a a a a 第四项是12231211++=+++a a a a 第五项是233523121++=+++a a a a 第五项是0，02335=++a a 解得：53-=a2、求使33+n 与n-4不互质的大于4的最小整数n 的值为（ )【解析】：令n-4=k ，k ≥1，得到n3+3=k3+12k2+48k+67，k ≥1，则k3+12k2+48k+67和k 的公约数就是67和k ，依此得到k 的值，进一步即可得到n 的值．解答：解：令n-4=k ，k ≥1，则n3+3=（k+4）3+3=k3+12k2+48k+67，k ≥1，则k3+12k2+48k+67和k 的公约数就是67和k而67是质数，最小的只能是67，于是最小的k=67所以n=71．故答案为：71．.3、从 2000 年到 2099 年, 有没有哪些年份可以表示成n m 33-的形式, 其中 m , n 均为正整数？如果有, 请列举出来；如果没有, 请说明理由.【解析】：没有.设p 为2000到2099任意一数;假设有那样的表达式存在，一定满足n m p 33+=①，显然有得13+=-a n m ，所以13-=-n m a ④，根据2000≦p ≦2099及④式，a 只能取下列值:2、8、26、80、242、728;根据③式及2000≦p ≦2099，3^n 只能取下列值1、3、9、27、81、243、729;当a=2时，a 乘3^n 的最大值(729)＜2000，所以a ≠2;当a=8时，8×243=1944＜2000，8×729=5832＞2099，所以a ≠8;当a=26，26×81=2106＞2099，26×27=702＜2000，所以a ≠26;当a=80，80×27=2160＞2099，80×9=720＜2000，所以a ≠80;当a=242，242×9=2178＞2099，242×3=726＜2000，所以a ≠242;当a=728，728×3=2184＞2099，728×1=728＜2000;综上所述，不存在满足要求的a;所以从2000年到2099年的年份，不能表示为nm 33-的形式.4、如果正整数x 与y 使得yx xy +2的值为质数，那么x+y 共有（ ）种可能的值。
华杯总决赛集训讲义
华杯赛小高总决赛集训队赛前集训讲义—应用题(一)——行程问题【知识点总结】:★行程问题中包括:相遇问题、追及问题、火车过桥、流水行船、沿途数车、猎狗追兔、环形行程、多人行程等等。
★每一类问题都有自己得特点,解决方法也有所不同,但就是,行程问题无论怎么变化,都离不开“三个量,三个关系”:三个量就是: 路程(s)、速度(v)、时间(t)三个关系:1、简单行程:路程=速度×时间2、相遇问题:路程与=速度与×时间3、追击问题:路程差=速度差×时间把握住这三个量以及它们之间得三种关系,就会发现解决行程问题还就是有很多方法可循得。
【经典例题】:例1.A、B两地相距125千米,甲、乙两人骑自行车分别从A、B两地同时出发,相向而行。
丙骑摩托车以每小时63千米得速度,与甲同时从A第出发,在甲、乙两人之间来回穿梭。
若甲骑车速度为每小时9千米,且当丙第二次回到甲处时,甲、乙两人相距45千米,问:当甲、乙两人相距20千米时,甲与丙相距多少千米？例2.如图,ABCD四个球按顺时针方向均匀分布在周长为48米得圆周上,分别以1米/秒,2米/秒,3米/秒,4米/秒得速度做顺时针运动。
当有两个球碰到一起得时候,两个球交换速度,但运动方向不变,当三个球碰到一起得时候,中间球得速度不变,其她两个球相互交换速度。
请问:从四个球出发开始,经过多少秒四个球第一次同时碰到一起？(不考虑球得半径)例3.如图,A、B两地相距54千米,D就是AB得中点。
甲、乙、丙三人骑车分别同时从A、B、C三地出发,甲骑车去B地,乙骑车去A地,丙总就是经过D之后往甲、乙两人将要相遇得地方骑,结果三人在距离D点5400米得E点相遇。
如果乙得速度提高到原来得3倍,那么丙必须提前52分钟出发三人才能相遇,否则甲、乙相遇得时候,丙还差6600米才到D。
请问:甲得速度就是每小时多少千米？A例5.甲、乙、丙三人同时从山脚开始爬山,到达山顶后立即下山,不断往返运动。
华杯赛培训讲义行程问题
行 程 问 题行程问题为小学和初中数学学习的重要应用问题，在行程问题中，除特别指出外，都假定速度是常数，即匀速运动，匀速运动的基本公式十分简单： 路程=时间⨯速度但是由于路程的多样化，时间前后的差别，以及速度的变化，使得行程问题变得复杂而丰富多彩。
行程问题虽然是实际问题的初级近似，但地，由于它的各色各样的变化，使得中小学的数学知识中的许多知识点能有趣而生动地融汇其中，而成为学生能力培养的有力工具。
在各届华杯赛中，行程问题是各类问题出现频率最高的问题之一。
求解行程问题一般分如下步骤：1。
审题 2。
画示意图 3。
找关键要素 4。
列关系式 5。
分析 6。
给出答案。
下面将通过具体的问题来解释这六个步骤。
行程问题中的方程方法列方程求解行程问题是最通常的方法，也是最为有效的方法。
多数行程问题可以用列方程解方程的方法来求解。
列方程就是上述步骤中第四步中建立一个或几个含有未知数的条件等式，而第五步中的分析就是解方程。
例1．甲、乙二人从相距60千米的两地同时相向而行，6小时后相遇。
如果二人的速度每小时个增加1千米，那么相遇地点距前一次相遇地点1千米。
问：甲、乙二人速度个多少？解。
设甲的速度为每小时v 千米。
因为，两人6小时相遇，所以，二人的速度和为10千米。
乙的速度为每小时10-v 千米。
二人的速度个增加1千米，速度和为12千米，因此，需要小时）(51260=相遇。
第一次甲的行程为6v ，第二次甲的行程为5（v +1）,相差1千米：.6,1)1(56==+-v v v 答。
二人的速度分别为每小时6千米和每小时4千米。
例2． 快、中、慢三辆车同时从同一地出发， 沿一公路追赶前面一个骑自行车的人，这三辆车分别用6分钟、10分钟、12分钟追上骑自行车的人。
现知快车每小时走24千米，中车每小时走20千米。
那么慢车每小时走多少千米？解。
设自行车速度为每小时v 千米，慢车每小时a 千米，三车出发时自行车在他们前面L 千米。
小学华杯赛知识点模块考点分析之数论问题
小学华杯赛知识点模块考点分析之数论问题教案是教师为顺利而有效地开展教学活动，根据课程标准，教学大纲和教科书要求及学生的实际情况，以课时或课题为单位，对教学内容、教学步骤、教学方法等进行的具体设计和安排的一种实用性教学文书，包括教材简析和学生分析、教学目的、重难点、教学准备、教学过程及练习设计等，下面是由小编为大家整理的范文模板,仅供参考,欢迎大家阅读.小编小学生频道为网友整理的《小学华杯赛知识点模块考点分析之数论问题》，供大家参考学习。
相关年级最新信息：小学英语小学奥数一年级二年级三年级四年级五年级六年级一、数论模块命题特点分析结论1、问题考察频率较高十四届第_题，十五届第_题连续两届对于约倍问题进行考察，且全部涉及公约数与最小公倍数的性质，可以预测约倍问题是今年备考的一个重点方向。
【第十四届华杯赛决赛第_题】已知a，b，c是三个自然数，且a与b的最小公倍数是60，a与c的最小公倍数是270，求b与c的最小公倍数。
【第十五届华杯赛决赛第_题】右图是一个玩具火车轨道，A点有个变轨开关，可以连接B或者C。
小圈轨道的周长是1.5米，大圈轨道周长是3米。
开始时，A连接C，火车从A点出发，按照顺时针方向在轨道上移动，同时变轨开关每隔1分钟变换一次轨道连接。
若火车的速度是每分钟_米，则火车第_次回到A点时用了____秒钟。
2、质合问题命中度高十四届第6题，十五届第_题两次涉及质数合数与分解质因数的考点，有较大的预测意义。
第一次简单考察分解质因数，第二次考察质数判别法，需要考生认真整理这一部分知识框架。
【第十四届华杯赛决赛第6题】已知三个合数A，B，C两两互质，且A_B_C 的值为?【答案】：_26。
【第十五届华杯赛决赛第_题】华罗庚爷爷出生于__年_月_日。
将这些数字排成一个整数，并且分解成_1__2=_63__424，请问这两个数_63和_424中有质数吗?并说明理由。
【答案】：_63是质数，理由略。
3、数字谜与分数拆分思想在压轴题中的展现十四届第_题，十五届第_题。
华杯赛考试大纲及备考攻略
华杯赛考试大纲及备考攻略(总3页)--本页仅作为文档封面，使用时请直接删除即可----内页可以根据需求调整合适字体及大小--华杯赛考试大纲及备考攻略一．华杯赛常考考点总结计算：分数小数互化、循环小数化分数、约分、运算级别、加法、乘法运算律常用公式、常用数据记忆裂项(整数、分数裂项;分数拆分)、通项公式、换元法估算、取整、取小数论：奇偶数质数、合数整除及位值原理约数、(最大)公约数、(最小)公倍数余数及同余完全平方数数字迷进制(常考二进制)几何：平面几何的周长及面积规则图形：掌握公式、高不规则图形：割补法、转化为规则的常用模型：同底等高模型、四边形定理、蝴蝶定理、鸟头定理、燕尾定理、容斥定理立体几何的体积及表面积圆柱、圆锥等公式 (挖洞后)立体的体积表面积与体积图形的染色与切割平面图形的旋转圆形的滚动应用题：行程问题：多次相遇、多次追及、环形行程、走走停停、变速行驶工程问题：多人合作、中途请假、做做停停、工资分配、工作交换经济、浓度问题：概念转换、利润计算、浓度计算、利润最大化、溶液配比、溶液装置变换最值问题：最短时间、最大利润、最大乘积、最小损耗容斥原理：集合的交集、并集与补集抽屉原理(构造抽屉是难点) 抽屉原理一：告诉苹果和抽屉，求最值抽屉原理二：告诉抽屉和最值，求苹果(最不利) 抽屉原理三：整数分组其他问题：决赛中约考察15分构造与染色：奇偶染色、证明问题加乘原理排列组合捆绑与插空枚举与树形图容斥与排除归纳与递推标数法对应法重要：线分面，面分体。
如果怒了用枚举二、如何备考各大杯赛1、第一阶段：奥数各大专题复习。
杯赛考察的是孩子的综合实力，几乎涉及奥数所有专题，孩子平时的学习情况基本决定了孩子的竞赛成绩。
有计划有准备的奥数学习的孩子去参加各大杯赛考试，获奖的概率将大大增加。
因此，有必要为了每一种杯赛而制定学习计划，否则将会得不偿失。
现阶段可以把老师讲过的知识整理一遍，把每个知识模块都画一张脑图。
华杯赛初赛备考学生讲义(小学中年级组)
华杯赛初赛备考学生讲义（小学中年级组）第一节几何精讲考点概述几何考点一、基本面积公式；（长方形、正方形、三角形、平行四边形、梯形、圆、扇形）二、割补法计算面积；三、等积变换；四、周长的计算；（基本公式、平移法、标向法）五、角度的计算；（多边形内角和、外角和、角度的综合计算）六、勾股定理与弦图；七、立体几何认知．（展开图、三视图）真题精讲例题1. 如右图，一张长方形的纸片，长20 厘米，宽16 厘米．如果从这张纸上剪下一个长10 厘米，宽5 厘米的小长方形，而且至少有一条边在原长方形的边上，那么剩下纸片的周长最大是（）厘米（2010 年15 届）（A）72 （B）82 （C）92 （D）102例题2. 九个同样的直角三角形卡片，拼成了如右图所示的平面图形．这种三角形卡片中的两个锐角较大的一个是度．（2013 年18 届）练习1. 北京时间16 时，小龙从镜子里看到挂在身后墙上的4 个钟表（如下图），其中最接近16 时的是（）．（2012 年17 届）（A）（B）（C）（D）练习2. 把一块长90 厘米，宽42 厘米的长方形纸板恰无剩余地剪成边长都是整数厘米、面积都相等的小正方形纸片，最少能剪出块，这种剪法剪成的所有正方形纸片的周长之和是厘米．（2012 年17 届）练习3. 如右图，一个正方形被分成了4 个相同的长方形，每个长方形的周长都是20 厘米．则这个正方形的面积是（）平方厘米．（2013 年18 届）练习4. 如下图，将长度为9 的线段AB 九等分，那么图中所有线段的长度的总和是．（2013 年18 届）例题3. 现有一个正方形和一个长方形，长方形的周长比正方形的周长多4 厘米，宽比正方形的边长少2 厘米，那么长比正方形的边长多（）厘米．（2014 年19 届）（A）2（B）8（C）12（D）4例题4. 右图中的正方形的边长为10，则阴影部分的面积为（）（A）56 （B）44 （C）32 （D）78（2014 年19 届）练习5. 如图1 所示，将一张正方形纸片先由下向上对折压平，再由右翻起向左对折压平，得到小正方形ABCD．取AB 的中点M 和BC 的中点N，减掉△MBN 得五边形AMNCD．则将折叠的五边形AMNCD纸片展开铺平后的图形是．（2006 年11 届）D C D CN NA MB A MA DG F 练习6. 正方形ABCD 与正方形CEFG 水平放置组成如图所示的组合图形，已知该组合图形的周长是56 厘米，DG 长2 厘米，那么，图中阴影三角形的面积是平方厘米． B C E1 A B C2 D练习7. 如图，在一个正方体的表面上写着 1 至 6 这 6 个自然数，并且 13对着 4，2 对着 5，3 对着 6．现在将正方体的一些棱剪开，使它的表面12展开图如下右图所示．如果只知道 1 和 2 所在的面，那么 6 写在字母的位置上．练习8. 如图一个小正方形和 4 个周长为 32 cm 的相同的长方形拼成一个大正方形，那么大正方形的面积是cm 2 ．第二节应用题精讲考点概述应用题考点一、常考应用题类型1. 画线段图帮助解题2. 列方程解应用题二、行程问题：1. 行程问题常见类型（相遇问题，追及问题，火车问题，流水行船问题，环形路线问题，多次相遇与追及问题等）2. 画线段图（形象直观地呈现题意，便于对题目条件进行分解与组合，挖掘隐含条件）3. 方程与比例解行程问题真题精讲例1．小虎在19×19 的围棋盘的格点上摆棋子，先摆成了一个长方形的实心点阵．然后再加上45 枚棋子，就正好摆成一边不变的较大的长方形的实心点阵．那么小虎最多用了（）枚棋子．（2012 年17 届）例2．幼儿园的老师给班里的小朋友送来55 个苹果，114 块饼干, 83 块巧克力．每样都平均分发完毕后，还剩3 个苹果，10 块饼干，5 块巧克力．这个班最多有位小朋友．（2013 年18 届）练习1．两个正整数的和小于100，其中一个是另一个的两倍，则这两个正整数的和的最大值（）．（2014 年19 届）（A）83 （B）99 （C）96 （D）98练习2．三堆小球共有2012 颗，如果从每堆取走相同数目的小球以后，第二堆还剩下17 颗小球，并且第一堆剩下的小球数是第三堆剩下的2 倍，那么第三堆原有颗小球．（2012 年17 届）例3．张老师每周的周一、周六和周日都跑步锻炼20 分钟，而其余日期每日都跳绳20 分钟．某月他总共跑步5 小时，那么这个月的第10 天是（）．（2013 年18 届）（A）周日（B）周六（C）周二（D）周一例4．新生开学后去远郊步行拉练，到达A 地时比原计划时间10 点10 分晚了6 分钟，到达C 地时比原计划时间13 点10 分早了6 分钟，A、C 之间恰有一点B 是按照原计划时间到达的，那么到达B 点的时间是（）．（2014 年19 届）（A）11 点35 分（B）12 点5 分（C）11 点40 分（D）12 点20 分练习5．体育馆正在进行乒乓球单打、双打比赛，双打比赛的运动员比单打的运动员多4 名，比赛的乒乓球台共有13 张，那么双打比赛的运动员有名．（2012 年17 届）练习6．麦当劳的某种汉堡每个10 元，这种汉堡最近推出了“买二送一”的优惠活动，即花钱买两个汉堡，就可以免费获得一个汉堡．已知东东和朋友需要买9 个汉堡，那么他们至少需要花元钱．练习7．小张早晨8 点整从甲地出发去乙地，速度是每小时60 千米．早晨9 点整小王从乙地出发去甲地．小张到达乙地后立即沿原路返回，恰好在12 点整与小王同时到达甲地．那么两人相遇时距离甲地千米．课后练习1. 魔法学校运来很多魔法球，总重量多达5 吨，一颗魔法球重4 千克，现在有10 名学员使用魔法给这些魔法球涂色，每人每6 分钟可以给5 颗魔法球涂色，那么他们涂完所有魔法球最少要用分钟．2. 四个海盗杰克、吉米、汤姆和桑吉共分280 个金币．杰克说：“我分到的金币比吉米少11 个，比汤姆多15 个，比桑吉少20 个．”那么，桑吉分到了个金币．3. 某校三年级和四年级各有两个班．三年级一班比三年级二班多4 人，四年级一班比四年级二班少5 人，三年级比四年级少17 人，那么三年级一班比四年级二班少人．4. 2010 名学生从前往后排成一列，按下面的规则报数：如果某个同学报的数是一位数，后面的同学就要报出这个数与8 的和；如果某个同学报的数是两位数，后面的同学就要报出这个数的个位数与7 的和．现在让第一个同学报1，那么最后一个同学报的数是．5. 骆驼有两种：背上只有一个驼峰的单峰骆驼和背上有两个驼峰的双峰骆驼．单峰骆驼比较高大，四肢较长，在沙漠中能走能跑；双峰骆驼四肢粗短，更适合在沙砾和雪地上行走．有一群骆驼有23 个驼峰，60 只脚，那么双峰驼有匹．6. 红星小学组织学生参加队列演练，一开始只有40 个男生参加，后来调整队伍，每次调整减少3 个男生，增加2 个女生，那么调整次后男生女生人数就相等了．7. 甲，乙，丙三人锯同样粗细的木棍，分别领取8 米、10 米、6 米长的木棍，要求都按2 米的规格锯开．劳动结束后，甲、乙、丙分别锯了24、25、27 段，那么锯木棍次数最多的比次数最少的多锯次．8. 一堆糖果有50 块，小明和小亮玩游戏．小明每赢一次拿5 块糖，然后吃掉4 块，将剩下的1 块放到自己的口袋里；小亮每赢一次也拿5 块糖，然后吃掉3 块，将剩下的2 块放到自己的口袋里．游戏结束时，糖刚好被拿完，这时小亮口袋里的糖数恰好是小明口袋里的糖数的3 倍，那么两人一共吃掉了块糖．课后作业：1. 在下面的阴影三角形中，不能由右图中的阴影三角形经过旋转、平移得到的是图（）中的三角形．（2013 年18 届）（A）（B）（C）（D）2. 下面的表情图片中，没有对称轴的个数为（）．（A）3（B）4（C）5（D）6（2009 年14 届）3. 题目中的图是一个正方体木块的表面展开图．若在正方体的各面填上数，使得对面两数之和为7，则A、B、C 处填的数各是、、．（2004 年9 届）提示：注意相对两个面展开后的位置．C 2B 1A 44. 一块长方形的木板，长为90 厘米，宽为40 厘米，将它锯成2 块，然后拼成一个正方形，你能做到吗？请画出分割线．（2004 年9 届）提示：阶梯形．5. 平面上的四条直线将平面分割成八个部分，则这四条直线中至多有（）条直线互相平行．（A）0 （B）2（C）3 （D）4（2014 年19 届）6. 如图，有两个小正方形和一个大正方形，大正方形的边长是小正方形边长的2倍，阴影部分三角形面积为240，请问三个正方形的面积和是．67. 如图所示，相邻的每两条边都互相垂直，长度如图所示，则这个图形的周长为厘米．83 258. 图中的方格纸中有五个编号为1，2，3，4，5 的小正方形，将其中的两个涂上阴影，与图中阴影部分正好组成正方体的展开图，这两个正方形的编号可以是（）．（A）1，2 （B）2，3 （C）3，4 （D）4，5（2012 年17 届）第三节数字谜、计数、组合精讲考点概述数字谜考点：1. 填竖式问题的一些方法：（1）加数相加时每进1 位，和的数字和将比加数的数字和减少9．（2）与各个数位上的数字有关的问题，往往需要多次尝试才能得到结果．2. 填横式问题：横式中的填空格和字母破译问题；熟练应用尾数分折、首位估算、分情况试算等方法；对于较复杂的题目，从约束条件较多、可能性较少的算式入手；某些横式问题，可以转化为竖式问题再求解．3. 幻方与数阵图、数独问题：掌握幻方的概念，了解三、四阶幻方的构造；解决具有与幻方类似性质的数阵图问题；进一步掌握重数的运用，填充较复杂的数阵图；利用重数计算处理数阵图中的最值问题．计数考点：1. 枚举法（分类、有序）2. 加乘原理（加法，分类；乘法，分步）组合考点：1. 各种与数字计算有关的最值问题．在枚举试算的过程中，注意寻找出大小变化的规律，并尝试分析其内在原因；学会用比较、调整的方法寻找最值情况．2. 逻辑推理：（1）一句话不是真话，就是假话．这在逻辑学中被称为排中律．（2）在应用假设法分析问题时，要考虑全面．既要考虑到所假设的条件成立的情况，还要考虑到条件不成立的情况．（3）对于条件复杂的逻辑推理问题，通常状况下都可以通过列表法分析．真题精讲例1．右图的计数器三个档上各有10 个算珠，将每档算珠分成上下两部分，按数位得到两个三位数，要求上面的三位数的数字不同，且是下面三位数的倍数，那么满足题意的上面的三位数是．（2012 年17 届）练习1．在右面的加法算式中，每个汉字代表一个非零数字，不同的汉字代表不同的数字．当算式成立时，贺＋新＋春＝（）．（2012 年17 届）（A）24 （B）22 （C）20 （D）18放鞭炮+ 迎龙年贺新春练习2．如图所示的两位数加法算式中，已知A +B +C +D = 22 ，则X +Y =（）．（2012 年17 届）（A）2 （B）4 （C）7 （D）13例2．甲、乙、丙、丁、戊围坐在圆形桌子边玩扑克，甲有自己的固定座位．如果乙和丁的座位不能相邻，那么共有（）种不同的围坐方法．（2014 年19 届）（A）10 （B）8 （C）12 （D）16例3．在一个平面上，用若干个单位长度的木棍可以摆出由多个正方形相邻的图形，右图是一示例．现在用20 根单位长的小木棍摆出一个图形，要求除第一行的方格外，下面几行方格构成一个长方形，那么这样的图形中最多有个单位边长的正方形．（2014 年19 届）练习3．用8 个3 和1 个0 组成的九位数有若干个，其中除以4 余1 的有（）个．（2014 年19 届）（A）5 （B）6 （C）7 （D）8例4．牧羊人用15 段每段长2 米的篱笆，一面靠墙围成一个正方形或长方形羊圈，则羊圈的最大面积是（）平方米．（2012 年17 届）（A）100 （B）108 （C）112 （D）122练习4．小东、小西、小南、小北四个小朋友在一起做游戏时，捡到了一条红领巾，交给了老师．老师问是谁捡到的？小东说不是小西；小西说是小南；小南说小东说的不对；小北说小南说的也不对．他们之中只有一个人说对了，这个人是（）．（2013 年18 届）（A）小东（B）小西（C）小南（D）小北练习5．平面上有四个点，任意三个点都不在一条直线上．以这四个点为端点连接六条线段，在所组成的图形中，最少可以形成（）个三角形．（2012 年17 届）（A）3 （B）4 （C）6 （D）8练习6．在10□10□10□10□10 的四个□中填入“+”、“－”、“×”、“÷”运算符号各一个，所成的算式的最大值是（）．（2012 年17 届）（A）104 （B）109 （C）114 （D）119练习7．五个小朋友A、B、C、D 和E 参加“快乐读拼音”比赛，上场时五个人站成一排．他们胸前有每人的选手编号牌，5 个编号之和等于35．已知站在E、D、A、C 右边的选手的编号的和分别为13、31、21 和7．那么A、C、E 三名选手编号之和是．（2014 年19 届）练习8．用右图的四张含有4 个方格的纸板拼成了右图所示的图形．若在右下图的16 个方格分别填入1、3、5、7（每个方格填一个数），使得每行、每列的四个数都不重复，且每个纸板内四个格子里的数也不重复，那么A、B、C、D 四个方格中数的平均数是．（2014 年19 届）课后练习1. 四位数中，数码0 出现次．2. 从1,2,3,4,5,6,7 中选择若干个不同的数（所选数不计顺序），使得其中偶数之和等于奇数之和，则符合条件的选法共有种．3. 将10，15，20，30，40 和60 填入右图的圆圈中，使A、B、C 三个小三角形顶点上的3 个数的积都相等．相等的积最大为．4. 用3、5、6、18、23 这五个数组成一个四则运算式，得到的非零自然数最小是．5. 小明在正方形的边上标出若干个点，每条边上恰有3 个，那么所标出的点最少有（）个．（A）12 （B）10 （C）8 （D）66. 如图，5 5的表格中，每格填入一个数字，使得相同的数字所在的方格都连在一起（相连的两个方格必须有公共边），现在已经给出了1，2，3，4 3各两个，那么，表格中所有数的和是． 1 2442137. 甲、乙、丙、丁获得了学校创意大赛的前4 名（无并列），他们说：甲：“我既不是第一，也不是第二”；乙：“我的名次和丙相邻”；丙：“我既不是第二，也不是第三”；丁：“我的名次和乙相邻”．现在知道，甲、乙、丙、丁分别获得第A、B、C、D 名，并且他们都是不说慌的好学生，那么四位数ABCD ＝．8. A、B、C 三人在猜一个1～99 中的自然数．A：“它是偶数，比6 小．”B：“它比7 小，是个两位数．”C：“A 的前半句是对的，A 的后半句是错的．”如果这3 人当中有1 人两句都为真话，有1 人两句都为假话，有1 人两句话一真一假．那么，这个数是．。
17至22届华杯赛小中组解析
第17届华杯赛小中组解析1.答案：D算式中9个汉字，分别代表1～9，由于1+2+3+4+5+6+7+8+9=45,45是9的倍数，所以和也是9的倍数，选项只有D选项18是9的倍数。
例如324+657=981。
2.答案：D从镜子里看到的指针与实际是相反的，可将题中的指针以秒针为对称轴作对称，可知D选项15:55是最接近16时的。
3.答案：B最少4个三角形，如图4.答案：B最大值为109,10×10+10-10÷10=109。
5.答案：C设长方形长为a，宽为b，a+2b=30,2ab最大值为15×15，但a、b均为偶数，2ab最大值为14×16，长宽分别为14和8，面积最大112。
6.答案：A45=3×3×5，约数15小于19，所以不变的边长应为15，另一边最长为19，所以小虎最多用了15×19=285枚棋子。
7.答案：665将第二堆剩下的17颗小球除去，剩下的恰好是第三堆球数的3倍，如图第一堆第二堆第三堆所以第三堆原有小球（2012-17）÷3=665颗。
8.答案：925三个档上的算珠合起来是1110,1110=2×3×5×37，要求上面的三位数字不同，而，37×3=111，所以1110=37×5×6=37×5×(5+1)。
那么满足题意的上面的三位数是：37×5×5=9259.答案：105，2520小正方形的边长应为90和42的最大公因数，（90,42）=6，所以最少能剪出90/6×42/6=105块；所有正方形纸片的周长之和为6×4×105=2520厘米。
10.答案：20两桌单打的人数和一桌双打的人数相同，要想双打的人数和单打的多4人，则双打的桌数应为单打的一半多一桌。
已知乒乓球台共13张，所以双打的乒乓球台应有（13-1）÷3+1=5张，人数为5×4=20人。
九届华杯赛决赛第二试行程问题解析
九届华杯赛决赛第二试行程问题解析
_年第九届华杯赛决赛第二试第6题：正方形跑道ABCD，甲、乙、丙三人同时从A点出发同向跑步，速度分别为每秒5米、4米、3米。
若干时间后，甲首次看到乙、丙都在自己前方，也即都在正方形的一条边上，从此刻起_秒以后，三人都在跑道同一位置，并且这是出发后三人首次在一个点上。
请计算正方形的周长是多少？
解答：
假设正方形的边长为a，则周长为4a。
另外，我们称甲首次看到乙、丙在自己前方为时刻1，三人首次在一个点上为时刻2。
甲第一次最上乙要花去的时间为4a/(5-4)=4a，乙第一次追上丙的时间为4a/(4-3)也等于4a，因此，时刻2=4a。
又因为时刻2=时刻1+_，所以4a大于_，也就是说正方形的周长大于_；注意到甲每秒追上乙1米，时刻1=时刻2-_，所以在时刻1时，甲正好落后乙_米，当然此时，乙也正好落后丙_米，由于此时三人在一条边上，所以正方形边长a大于42。
我们来分析一下时刻1，这个时候是甲第一次同时看到乙、丙，所以此时甲应该位于某个顶点上，否则在时刻1的0.__秒以前，甲也应该能同时看到乙、丙，与时刻1是甲首次看到乙、丙矛盾。
注意到时刻1=4a-_，此时甲走了5(4a-_)米，现在要求这一点在某个顶点上，因此5(4a-_)/a要是整数，也就是说1_/a要是整数，由于我们已经知道a大于42，所以只能有1_/a=1或2，对应的a=1_或52.5，因此正方形的周长为4_米或2_米。
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华杯赛知识
1、华杯赛的考试时间及如何报考？时间：初赛在每年3月的第二个星期六；复赛在每年4月的第二个礼拜六。
总决赛在7月进行（今年因H1N1推迟）报考：市奥校可以全部进入初赛，每个学校会依据上一届的获奖情况有少量名额（比如上一届有3位获奖，今年可能有3到5个名额）；进入总决赛的另一途径：报名参加华杯赛冬令营（在每年1月份进行，一等奖可以直接进入华杯赛全国个人总决赛）2、华杯赛到底有多难？国内的所有杯赛都来自于民间组织。
一个杯赛的价值取决于试题的含金量和举办形式的正规程度，从这两方面来看，华杯赛可以说是行业内的标杆。
在国内风行的几大赛事有：希望杯、华杯赛、迎春杯。
其中希望杯是一种普及型比赛，考试难度低、按地区评奖使得更多的人能参与，更多的人能获奖；迎春杯在2003年左右初势头正旺，一奖在手，红遍京城；现在的华杯有一样的势头，其试题和迎春杯类型相仿，知识点覆盖全，非常经典。
其试题不完全是难，而是巧妙，真正能学懂的人不但能开阔思路，对中学的理科学习也有极大帮助。
与之形成对比的是，日本算术奥林匹克竞赛（绝大多数试题由中国提供）则让很多华杯选手郁闷，因为很多试题无处下手，与复习方向有关，不再一一赘述。
3、如何准备华杯赛？首先从时间上来看，最迟的准备时间是五升六的暑假。
这个意思是说，在9月之前之前已经有一些奥数基础，对和差、和倍、差倍、年龄、植树、鸡兔、盈亏、行程工程、百分比、数论、几何、抽屉等知识点有个基本的了解。
那么对2010年小升初的学生而言，在华杯考试之前的复习思路如何呢？暑假是一个节点，首先在暑假的时候要对五年级和之前的知识点进行系统复习，查找漏洞。
比如：数字迷、数论里的同余、抽屉原理的多个类型等（涉及华杯赛初赛的难度）；秋季进行专题复习：结合华杯赛考察的知识点和华杯复赛的考察难度进行讲解，寒假进行真题演练，这样下来，如果把前面的题目搞清楚，华杯赛得奖是情理之中的事情。
4、揭开黑马的学习方法有人不解：我家的娃学奥数都快4年了，为什么奥数题目还是一塌糊涂，而邻居家的那谁为什么才学了一年，就得了华杯赛一等奖？这其中一定有偶然性。
(完整版)华杯赛考试大纲及备考攻略
华杯赛考试大纲及备考攻略一．华杯赛常考考点总结计算：分数小数互化、循环小数化分数、约分、运算级别、加法、乘法运算律常用公式、常用数据记忆裂项(整数、分数裂项;分数拆分)、通项公式、换元法估算、取整、取小数论：奇偶数质数、合数整除及位值原理约数、(最大)公约数、(最小)公倍数余数及同余完全平方数数字迷进制(常考二进制)几何：平面几何的周长及面积规则图形：掌握公式、高不规则图形：割补法、转化为规则的常用模型：同底等高模型、四边形定理、蝴蝶定理、鸟头定理、燕尾定理、容斥定理立体几何的体积及表面积圆柱、圆锥等公式 (挖洞后)立体的体积表面积与体积图形的染色与切割平面图形的旋转圆形的滚动应用题：行程问题：多次相遇、多次追及、环形行程、走走停停、变速行驶工程问题：多人合作、中途请假、做做停停、工资分配、工作交换经济、浓度问题：概念转换、利润计算、浓度计算、利润最大化、溶液配比、溶液装置变换最值问题：最短时间、最大利润、最大乘积、最小损耗容斥原理：集合的交集、并集与补集抽屉原理(构造抽屉是难点) 抽屉原理一：告诉苹果和抽屉，求最值抽屉原理二：告诉抽屉和最值，求苹果(最不利) 抽屉原理三：整数分组其他问题：决赛中约考察15分构造与染色：奇偶染色、证明问题加乘原理排列组合捆绑与插空枚举与树形图容斥与排除归纳与递推标数法对应法重要：线分面，面分体。
如果怒了用枚举二、如何备考各大杯赛1、第一阶段：奥数各大专题复习。
杯赛考察的是孩子的综合实力，几乎涉及奥数所有专题，孩子平时的学习情况基本决定了孩子的竞赛成绩。
有计划有准备的奥数学习的孩子去参加各大杯赛考试，获奖的概率将大大增加。
因此，有必要为了每一种杯赛而制定学习计划，否则将会得不偿失。
现阶段可以把老师讲过的知识整理一遍，把每个知识模块都画一张脑图。
以一本参考书为蓝本进行练习，这本书一定要是按知识模块分类的书，不是综合性题型的书，每天晚上拿出30分钟做几道题。
注意：薄弱的知识点一定要记下来！以便后期薄弱知识模块学习更有针对性！2、第二阶段：薄弱知识模块突破。
【备战华杯赛】近五年华杯赛小高初赛真题解读
【备战华杯赛】近五年华杯赛小高初赛真题解读为了帮助大家更有效地准备初赛，今天我们针对华杯赛初赛考点和大家进行分享。
1 初赛考什么？初赛一共十道题（六道选择题四道填空题），共100分，都不用写过程，用时60分钟。
大家首先一定要知道华杯赛的所有考点：计算、应用题、行程问题、数论、几何、计数、组合杂题。
而这正好对应于我们小学奥数核心知识体系里面的七大模块。
华杯赛其实就是对学生所学奥数知识的一个测试。
那其中哪些模块是我们的重难点呢？哪些是我们在这段时间里需要重点关注的呢？看下面！2 初赛怎么考？想要通过华杯赛初赛，我们第一步先要了解一下华杯赛初赛的命题规律，在这里我们对近五年的所有华杯赛初赛试题做了一份详细的考点分析。
通过把所有的数据整合到一起，我们发现每年的考点是这样的：通过这个图我们发现：华杯赛涉及的知识点都很全面，七个模块均会考察，只不过每年对模块中的细分知识点有所变化，这就要求我们对各个知识模块的完整体系有所掌握与研究。
然而考试重点在哪里呢？哪些是我们需要关注的重中之重呢？我们通过一个饼图来观察分析一下。
我们可以发现初赛考试侧重点在于：数论、组合杂题、应用题这几个模块。
数论一直最受华杯赛组委会所青睐，小高华杯赛考察数论方面是一个重点！因为2015年华杯赛主试委员会委员陶晓永教授讲过：“华杯赛主要目的是要学习华罗庚先生的精神，而华罗庚先生在数学方面最大的成就就在数论这一块。
” 在数论这一个模块上，考察知识点较多，综合性也比较强，这就要求孩子们对于数论里面的知识点要有一定的了解和灵活运用的能力。
组合杂题一般难度系数比较大点，有的题目需要孩子具有很强的分析、空间、逻辑思维能力。
但不要慌张，大部分学生都做不出来，所以这个不是学生前期备考的重点。
想再冲刺华杯赛一等奖的孩子，组合杂题一定需要被重视起来的。
应用题这个模块，一般考察浓度问题、经济问题、工程问题、比例问题（份数思想、量率对应）、列方程解应用题等，基本上难度系数不高，加把劲，一定可以拿得下来！3 初赛难易度分析上述部分，我们对于模块进行了详细的分析。
华杯赛初赛备考讲义含解析(小学高年级组)
， ， ， ， 华杯赛初赛备考讲义含解析（小学高年级组）第一节 计算、几何精讲考点概述计算考点 一、整数、小数、分数的基本计算； 二、整数、小数、分数的常见巧算方法；（凑整、抵消、约分、提取公因数、裂项） 三、分数比较大小；（通分子、通分母、通分差、取倒数） 四、分数与循环小数．（纯循环小数化分数、混循环小数化分数）几何考点 一、基本面积公式；（长方形、正方形、三角形、平行四边形、梯形、圆、扇形） 二、割补法计算面积；三、等积变换； 四、各类几何模型；（等高模型、蝴蝶模型、共角模型、一半模型、沙漏模型、金字塔模型、燕尾模型等） 五、勾股定理与弦图； 六、立体几何．（基本公式、展开图、三视图）真题精讲例题1. 将 5.425 ⨯ 0.63 的积写成小数形式是．（2007 年 12 届）【答案】 3.4180 ．【解答】 5.425=5425 = 5420 ，所以 5.425 ⨯ 0.63= 5420 ⨯ 63 = 34146 =34176 ，999 999 999 100 9990 9990而 4176 =1 ⨯ 4176 =1 ⨯ 4 180 =1⨯ 4.180 = 0.4180 ，所以 5.425 ⨯ 0.63 = 3.4180 ． 9990 10 999 10 999 10例题2. 从 1 1 1 1 1中去掉两个数，使得剩下的三个数之和与 6最接近，去掉的两个数是 ()．2 3 4 5 67（A ） 1 ， 1 （B ） 1 ， 1 （C ） 1 ， 1 （D ） 1 ， 1（2010 年 15 届）25263534【答案】D ． 【解答】通分1 = 210 , 1 = 140 , 1 = 105 , 1 = 84 , 1 = 70 , 6 = 360 .2 4203 4204 4205 4206 4207 420显然，210+84+70=364 最接近 360．练习1. 2012.25 ⨯ 2013.75－2010.25 ⨯ 2015.75＝．（2013 年 18 届）2 ， 2 ， 2 ， 2 ， 2 ， 2 ，…，而 1 = 2，所以从23 5 7 9 11 13 1000 20002001 【答案】7．【解答】记 x =2010.25，y = 2013.75，则原式= (x + 2) y - x ( y + 2) = 2( y - x ) = 7 ．练习2. 两数之和与两数之商都为 6，那么这两数之积减这两数之差（大减小）等于（）（2011 年 16 届）（A ） 26 4 （B ） 5 1 （C ） 6 （D ） 67 7 7 49 【答案】D ．【解答】设两数分别为 x 与 6x ，那么 7x =6，x = 6 ，所以这两个数分别为 6 与 36 ，两数之积为216 ，7两数之差为 30，216 - 30 = 6 ．7749749 7 49练习3. 若 a =2005 ⨯ 2006 , b = 2006 ⨯ 2007 , c = 2007 ⨯ 2008，则有()．2007 ⨯ 2008 2008 ⨯ 2009 2009 ⨯ 2010（A ） a > b > c （B ） a > c > b （C ） a < c < b （D ） a < b < c （2008 年 13 届） 【答案】D ．【解答】比较 a 与 b ，两边同时可以约掉2006，而2005<2007，所以 a < b ， 20082007 2009比较 b 与 c ，两边同时可以约掉 2007 ，而 2006 < 2008，所以 b < c ，故选D ． 2009 2008 2010练习4. 在 1 ， 3 ， 5 ， 7 ， 9 ， 11，…中，从开始，1 与每个数之差都小于 1 ．3 5 7 9 11 131000（2004 年 9 届）【答案】 1999 ．2001【解答】这一排分数与 1 的差分别为开始，就开始小于 11000，所以答案为 1999 ．2001例题3. 如图所示，AB 是半圆的直径，O 是圆心，AC = CD = DB ，M 是 CD 的中点，H 是弦 CD 的中点．若N 是OB 上一点，半圆的面积等于12 平方厘米，则图中阴影部分的面积是平方厘米．（2009 年14 届）MC DHA O N B【答案】2．【解答】如下图，可以利用等积变换变成一个扇形：MC DHA O B因为AC = CD = DB ，M 是CD 的中点，所以CM 是半圆弧的1，所以阴影扇形面积为半圆面积的1，6 6为2．例题4. 大正方形格板是由81 个1 平方厘米的小正方形铺成，B、C 是两个格点．若请你在其它的格点中标出一点A，使得△ABC 的面积恰好等于3 平方厘米，则这样的A 点共有个．（2010 年15 届）CB（A）6 （B）5 （C）8 （D）10【答案】C．【解答】方法一：从最上面的水平线开始将水平线分别记为第1、第2、…、第10 条水平线，每条水平线均由左至右判断哪个格点符合题目要求．以此穷举法可以得到：第1 条水平线上没有格点符合要求，第2 条水平线上仅有A7 符合要求．如右图所示，类似可以得到格点A2，A1，A6符合要求，对称地，可以得到A ，A ，A ，A 符合要求．故答案是C．5 4 3 8方法二：先通过尝试找到A ，然后找到经过A ，而且平行于BC 的线，画出来，那么这条线经过的格1 1点都是符合要求的（等积变换），这样可以得到A ，A ，A ，A ，然后利用对称性，可以得到A ，A ，A 3 ，A8．故答案是C．2 1 6 7 5 4练习5. 正方形ABCD 的面积为9 平方厘米，正方形EFGH 的面积为64 平方厘米．如图所示，边BC 落在EH 上．已知三角形ACG 的面积为6.75 平方厘米，则三角形ABE 的面积为平方厘米．（2012 年17 届）【答案】2.25．【解答】如图：连接EG，由于AC 和EG 都是对角线，因此相互平行，所以三角形ACG 的面积等于三角形ACE 的面积，所以S△ABE =S△ACE-S△ABC=6.75 -4.5=2.25 ．练习6. 右图ABCD 是平行四边形，M 是DC 的中点，E 和F 分别位于AB 和AD 上，且EF 平行于BD．若三角形MDF 的面积等于5 平方厘米，则三角形CEB 的面积等于（）平方厘米．（2013 年18 届）（A）5 （B）10 （C）15 （D）20【答案】B【解答】如右图，连接FC，BF，DE．因为M 是DC 的中点，三角形MDF 的面积等于5 平方厘米，所以由三角形面积公式可知：三角形CDF的面积等于10 平方厘米．两个三角形，同底等高，面积则相等．由此可知：由DC / / AB ，得△CEB 的面积=△BDE 的面积；由EF / /B D ，得△BDE 的面积=△BDF 的面积；由AD / /B C ，得△BDF 的面积=△C DF 的面积，所以三角形CEB 的面积等于10 平方厘米．练习7. 如右图所示，梯形ABCD 的面积为117 平方厘米．AD∥BC，EF = 13 厘米，MN = 4 厘米，又已知EF⊥MN 于O，那么阴影部分的总面积为平方厘米．（2011 年16 届）【答案】65．【解答】四边形 EMFN 的面积= 1⨯ EF ⨯ MN =26 ．（对角线相互垂直的四边形面积为对角线相乘再除2以 2），又根据蝴蝶模型， S △ABM =S △EFM ， S △DCN =S △EFN ，所以空白部分总面积为四边形 EMFN 的面积 的 2 倍，为 52，所以阴影部分总面积=117－52=65．练习8. 右图由 4 个正六边形组成，每个面积是 6，以这 4 个正六边形的顶点为顶点，可以连接面积为 4 的等边三角形有 个．（2011 年 16 届） 【答案】8．【解答】如图，将原图按三角形格线分割，于是我们要找的其实是由 4 个小正三 角形组成的正三角形，注意顶点必须六边形顶点，箭头朝上的有四个（如图）， 根据对称性，箭头朝下的也有 4 个，共 8 个．例题5. 如图，大小两个半圆，它们的直径在同一直线上，弦 AB 与小圆相切，且与直径平行，弦 AB 长12 厘米．图中阴影部分的面积是 平方厘米．（圆周率取 3．14）（2004 年 9 届）AB【答案】56.52．【解答】设大圆半径为 R ，小圆半径为 r ，那么阴影部分面积为 1 π R 2 - 1 π r 2 = 1π ( R 2 - r 2 )，所以关 2 2 2 键是求出半径的平方差．如图，过大圆圆心作 AB 的垂线，连接圆心与 B 点，由勾股定理可得，62 + r 2 = R 2 ，所以 R 2 - r 2 = 36 ．A6 BrR那么阴影部分面积= 1⨯ 3.14 ⨯ 36=56.52 ．2例题6. 一个长方体的长、宽、高恰好是 3 个连续的自然数，并且它的体积的数值等于它的所有棱长之和的数值的 2 倍，那么这个长方体的表面积是 ．（2007 年 12 届）（A ）74（B ）148（C ）150（D ）154【答案】B．【解答】设这三个连续的自然数分别为x－1，x，x＋1，那么可以列出方程：(x-1)x(x+1)=2(x-1+x +x +1)⨯ 4 ，化简后为：x(x2 -1)= 24x ，由于x 肯定不是0，所以两边同时约掉x 后，可得方程：x2 -1= 24 ，所以x = 5 ，这三个连续的自然数分别为4、5、6，那么表面积为：(4⨯5 +5⨯ 6 +4⨯6)⨯ 2=148 ．练习9. 如图所示，是一个直圆柱形状的玻璃杯，一个长为12 厘米的直棒状细吸管（不考虑吸管粗细）放在玻璃杯内．当吸管一端接触圆柱下底面时，另一端沿吸管最少可露出上底面边缘2 厘米，最多能露出4 厘米．则这个玻璃杯的容积为立方厘米．（取π= 3.14 ）（提示：直角三角形中“勾6、股8、弦10”）（2006 年11 届）CA B【答案】226.08．【解答】沿AC 放置时，另一端沿吸管露出最少，为2 厘米，说明AC=12－2=10 厘米，沿BC 放置时，另一端沿吸管露出最多，为4 厘米，说明BC=12－4=8 厘米，根据勾股定理，AB2 = 102 - 82 = 36 ，所=9π⨯8=72π=226.08 ．以AB=6，底面半径为3，所以V杯练习10. 右图中，AB 是圆O 的直径，长6 厘米，正方形BCDE 的一个顶点E 在圆周上，∠ABE = 45︒．那么圆O 中非阴影部分的面积与正方形BCDE 中非阴影部分面积的差等于平方厘米（取π= 3.14 ）．（2013 年18 届）【答案】10.26【解答】因为∠ABE = 45︒，∠EAB 所对的圆弧和∠ABE 所对的圆弧弧度相等，且圆弧的直径相同，故∠EAB = 45︒，三角形ABE 是直角三角形．由勾股定理：2BE2 =AB2 = 62 = 36 （平方厘米），正方形BCDE 的面积＝BE2 =18 （平方厘米）．圆O 的面积－正方形BCDE 的面积＝（圆非阴影部分的面积+圆和正方形相交部分的面积）－（正方形BCDE 中非阴影部分面积+圆和正方形相交部分的面积）＝圆非阴影部分面积－正方形非阴影部分面积＝32 ⨯π-18 = 28.26 -18 =10.26 （平方厘米）．练习11. 图中的方格纸中有五个编号为1，2，3，4，5 的小正方形，将其中的两个涂上阴影，与图中阴影部分正好组成正方体的展开图，这两个正方形的编号可以是（）．（A）1，2 （B）2，3 （C）3，4 （D）4，5（2012 年17 届）【答案】D【解答】注意到展开图中不能出现“田”字结构，因此排除掉ABC，选D．练习12. 如图所示，将一张正方形纸片先由下向上对折压平，再由右翻起向左对折压平，得到小正方形ABCD．取AB 的中点M 和BC 的中点N，减掉△MBN 得五边形AMNCD．则将折叠的五边形AMNCD 纸片展开铺平后的图形是．（2006 年11 届）D C D CNNA MB A M【答案】D．【解答】注意对折方向，可以判断B 点是原正方形中心，因此是中心被掏空的形状，再注意减掉的形状是三角形，也就是展开后，横竖四等分以后，每一部分缺的都是三角形，结合这两点，答案为D．课后作业：1. 计算：⎡⎛0.8 +1 ⎫⨯ 24 + 6.6⎤÷9- 7.6 =（）．（2012 年17 届）⎢ 5 ⎪ ⎥14⎣⎝ ⎭ ⎦（A）30 （B）40 （C）50 （D）60【答案】B．【解答】原式= [1⨯ 24 +6.6]⨯14 - 7.6 = 30.6 ⨯14 - 7.6=47.6 - 7.6=40 ．9 92. 算式1 -27+ 2 ⨯ 0.3的值为．（2010 年15 届）0.25 + 3 ⨯1 1.3 - 0.44【答案】1 8．211 -2 5 3【解答】7 +2 ⨯ 0.3= 7 + 5 =5+2=18．0.25 + 3 ⨯1 1.3 - 0.441+39 7 3 214 4 103. 下面有四个算式：①0.6 + 0.133=0.733 ；②0.625= 5 ；8③ 5+3=5 + 3=8=1；14 2 14 + 2 16 2④3 3 ⨯ 4 1 =14 2 ．7 5 5其中正确的算式是（）（2009 年14 届）（A）①和②（B）②和④（C）②和③（D）①和④【答案】B．【解答】①式错，因为0.6 并不循环，②式对，③式错，不符合分数加法规则，④式对，因此选B．4. 题目中的图是一个正方体木块的表面展开图．若在正方体的各面填上数，使得对面两数之和为7，则A、B、C 处填的数各是、、．（2004 年9 届）提示：注意相对两个面展开后的位置．C 2B 1A 4【答案】6、5、3．【解答】注意到，展开图中的形状，黑色两个面在合上后是相对的，所以在原图中，A 和1 相对，B 和2 相对，C 和4 相对，所以A=6，B=5，C=3．5. 如图，ABCD 是个直角梯形（∠DAB＝∠ABC＝90o）．以AD 为一边向外作长方形ADEF，其面积为6.36 平方厘米，连接BE 交AD 于P，再连接PC．则图中阴影部分的面积是平方厘米．（2006年11 届）提示：等积变换．（A）6.36 （B） 3.18 （C）2.12 （D）1.59 【答案】B．【解答】连接BD、AE，利用等积变换，S△PDC =S△PDB，所以S阴=S△EDB，再次利用等积变换，可以得到S△EDB =S△EDA，而三角形EDA 面积是长方形ADEF 的一半，为3.18，所以以S阴=S△EDB=S△EDA=3.18 ．6. 一块长方形的木板，长为90 厘米，宽为40 厘米，将它锯成2 块，然后拼成一个正方形，你能做到吗？请画出分割线．（2004 年9 届）提示：阶梯形．【答案】如图，沿粗线剪开即可．．【解答】图形面积为90×40=3600 平方厘米，因此拼成的正方形边长为60 厘米，我们把这个图形画出来与原图形进行比较：3020两条边的差分别为30 和20，因此把90 厘米那边30 厘米一截，40 厘米那边20 厘米一截，分成6 块之后，稍作尝试即可．7. 平面上的四条直线将平面分割成八个部分，则这四条直线中至多有（）条直线互相平行．（A）0 （B）2（C）3 （D）4（2014 年19 届）【答案】C．【解答】当4 条直线都互相平行时，平面被分成5 个部分，不满足要求，因此最多只能3 条直线互相平行．构造：有3 条直线互相平行，另外一条直线与它们都互相垂直，此时平面被分成8 个部分．8. 如右图所示，AF = 7 cm，DH = 4 cm，BG = 5 cm，AE =1c m．若正方形ABCD内的四边形EFGH 的面积为78 cm2，则正方形的边长为（）cm．（A）10 （B）11 （C）12 （D）13（2014 年19 届）提示：类比弦图．【答案】C．【解答】用竖直线和水平线将正方形ABCD 分割为如右图所示的5 个长方形，中间长方形的面积是4⨯ 3＝12 ，所以，正方形的面积= (78-12)⨯ 2 +12＝144 ，正方形的边长是12．9. 如图所示，平行四边形内有两个大小一样的正六边形，那么阴影部分的面积占平行四边形面积的( )．提示：分割图形．（A）1 （B）2 （C）2 （D）52 3 5 12（2010 年15 届）【答案】A．【解答】由图可知，左上角和右上角的阴影部分的面积分别恰等于一个平行四边形内正六边形的面积，因此阴影部分的面积占平行四边形面积的1 . 2第二节数论、应用题精讲考点概述数论考点五、数的整除性相关知识六、质数合数七、约数与倍数八、余数问题应用题考点一、常考应用题类型（和差倍应用题，比例应用题，经济问题，浓度问题等）1. 画线段图帮助解题2. 列方程解应用题二、行程问题：1. 行程问题常见类型（相遇问题，追及问题，火车问题，流水行船问题，环形路线问题，多次相遇与追及问题等）2. 画线段图（形象直观地呈现题意，便于对题目条件进行分解与组合，挖掘隐含条件）3. 方程与比例解行程问题真题精讲例1．在一个圆周上有70 个点，任选其中一个点标上1，按顺时针方向隔一个点的点上标2，隔两个点的点上标3，再隔三个点的点上标4，继续这个操作，直到1，2，3，…，2014 都被标记在点上．每个点可能不只标有一个数，那么标记了2014 的点上标记的最小整数是．（2014 年19 届）【答案】5【解析】将70 个点中某个点为起始点，然后按顺时针方向依次将这70 个点记为第1 个，第2 个，第3 个，…，第70 个，用a 表示第a 个点上标记的数字是i．i i依题意a1= 1 ，a2 = 3 ，a3 = 6 ，a4 = 10 ，…，且按规律得：a 2014 =1+ 2 + 3 + + 2014 =2014 ⨯ 2015=202910522029105 = 28987 ⨯ 70 +15 ，而a5 = 15 ，因此第15 个点上标记的最小整数为5．例2．若a = 1515 15 ⨯ 333 3 ，则整数a 的所有数位上的数字和等于．（2008 年13 届）1004个15 2008个3（A）18063 （B）18072 （C）18079 （D）18054【答案】B【解析】a = 505 05 ⨯ 999 9 ，利用结论A⨯ 999 9 的数字和为9n ，可知a 的数字和为18072，选B．1004个5 2008个9 n个9练习1．恰有20 个因数的最小自然数是（）．（2010 年15 届）（A）120 （B）240 （C）360 （D）432【答案】B．【解析】因为20=2×10=4×5=2×2×5，因此，具有20 个因数的自然数的质因数分解形式只有19 ，⨯9 ，3 ⨯4 ，⨯⨯ 4 这4 种，对应类型的最小自然数分别为219 ，3⨯ 29 ，33 ⨯ 24 ，3⨯5⨯ 24 ，其中最小的是240，选B．练习2．在19、197、2009 这三个数中，质数的个数是（）．（2009 年14 届）（A）0 （B）1 （C）2 （D）3【答案】C【解析】质数判定，检验所有平方小于2009 的质数即可．练习3．若连续的四个自然数都为合数，那么这四个数之和的最小值为（）．（2011 年16 届）（A）100 （B）101 （C）102 （D）103【答案】C【解析】最小连续4 个合数为24，25，26，27，它们之和为102．例3．一个奇怪的动物庄园里住着猫和狗，狗比猫多180 只．有20%的狗错认为自己是猫；有20%的猫错认为自己是狗．在所有的猫和狗中，有32%认为自己是猫，那么狗有（）只．（2012 年17 届）（A）240 （B）248 （C）420 （D）842【答案】A【解析】设猫有x 只，狗有y 只，则认为自己是猫的动物共有80%x + 20% y 只，从而80%x + 20%y = 32%(x +y) ，可以得到4x =y ，再结合狗比猫多少180 只，可得x = 60 ，y = 240 ，从而狗有240 只，选A．例4．一只青蛙8 点从深为12 米的井底向上爬，它每向上爬3 米，因为井壁打滑，就会下滑1 米，下滑1 米的时间是向上爬3 米所用时间的三分之一．8 点17 分时，青蛙第二次爬至离井口3 米之处，那么青蛙从井底爬到井口时所花的时间为（）分钟．（2013 年18 届）（A）22 （B）20 （C）17 （D）16【答案】A【解析】记青蛙每向上爬行1 米，所用时间为t 分钟，则下滑1 米的时间是向上爬3 米所用时间的三分之一，也为t 分钟．当青蛙刚爬至离井口3 米时，离井底9 米，所用时间是17 分钟．将2 米分为1 段，则一段所需时间为4t，第一次离井口3 米的时候是，向上爬了3 段之后再向上爬了3 米，第二次离井口3 米的时候是，向上爬了4 段之后再向上爬了1 米，此时总共花了17t 的时间，此时为8 点17，过了17 分钟，所以t=1，即每分钟1 米．向上爬出井口的时候，总共是向上爬了5 段，然后向上爬了2 米，总共花了22 分钟．练习5．两条纸带，较长的一条为23cm，较短的一条为15cm．把两条纸带剪下同样长的一段后，剩下的两条纸带中，要求较长的纸带的长度不少于较短的纸带长度的两倍，那么剪下的长度至少是( )cm．（2010 年15 届）（A）6 （B）7 （C）8 （D）9【答案】B．【解析】设剪下的长度为x cm，那么有：23 -x ≥ 2(15 -x) ，解得x ≥ 7 ，因此剪下的长度至少为7cm，选B．练习6．某次考试有50 道试题，答对一道题得3 分，答错一道题扣1 分，不答题不得分．小龙得分120 分，那么小龙最多答对了（）道试题．（2014 年19 届）（A）40 （B）42 （C）48 （D）50【答案】B【解析】得分120 分，说明至少需要答对40 道题，其余10 道题不答，满足题意．若答对41 道题，答错3 道题，其余题不答，此时得分也是120 分．若答对42 道题，答错6 道题，其余题不答，此时得分也是120 分．若答对43 道题，得分依然为120 分，需要再答错9 道题，此时至少需要有52 道题，52>50，因此不满足题意．解法二：设作对x 题，做错y 题，未答z 题，则有：3x - y =120, x +y +z = 50,合并两个等式，得到：4x =170 - z, x = 42 +2- z ，x 是非负整数，尽可能大，故z = 2, x = 42 ，即小4龙最多答对42 道试题．练习7．两个水池内有金鱼若干条，数目相同．亮亮和红红进行捞鱼比赛，第一个水池内的金鱼被捞完时，亮亮和红红所捞到的金鱼数目比是3:4；捞完第二个水池内的金鱼时，亮亮比第一次多捞33 条，与红红捞到的金鱼数目比是5:3．那么每个水池内有金鱼（）条．（2010 年15 届）（A）112 （B）168 （C）224 （D）336【答案】B【解析】这是一道工程问题的变形，每个水池内有金鱼33 ÷ ( 5-3) =168 （条）．5 + 3 4 + 3解法2：可以认为是比例应用题，设亮亮第一次捞到3n 条，则红红第一次捞到4n 条，依题意，有3n + 33=5，解得n=24，因此水池内共有金鱼7n=168 条．4n - 33 3练习8．用若干台计算机同时录入一部书稿，计划若干小时完成．如果增加3 台计算机，则只需原定时间的75%；如果减少3 台计算机，则比原定时间多用5小时．那么原定完成录入这部书稿的时间是（）6小时．（2011 年16 届）（A）5 3【答案】A （B）103（C）56（D）116【解析】增加3 台计算机，则只需原定时间的75%，所以原先有9 台计算机；如果减少3 台计算机，则所需时间为原定时间的9=3，比原定时间多用了5小时，所以原定要5÷⎛3-1⎫=5小时．9 -32 6 6 2 ⎪ 32⎝ ⎭例6． 图中是一个玩具火车轨道，A 点有个变轨开关，可以连接 B 或者 C ．小圈轨道的周长是 1.5 米，大圈轨道的周长是 3 米．开始时， A 连接 C ，火车从 A 点出发，按照顺时针方向在轨道上移动，同时 变轨开关每隔 1 分钟变换一次轨道连接．若火车的速度是每分钟 10 米，则火车第 10 次回到 A 点时用了 分钟．（2010 年 15 届）【答案】2.1【解析】根据条件，在小圈火车行驶一圈用时1.5 ÷10 = 0.15 分钟，在大圈火车行驶一圈用时3 ÷10 = 0.3 分钟．设回到 A 点时用时为 t 分钟，这样我们有下表：回到 A 的次数 1 2 3 4 5 6 7 8 910到 A 点用时 0．3 0．6 0．9 1．2 1．35 1．5 1．65 1．8 1．95 2．1经过的轨道ACACACABABABABABABAC下面我们给出一个一般的解答：设玩具火车绕小圈轨道 m 圈，绕大圈轨道 n 圈，则玩具火车运动路程是 S = 1.5m + 3n ，时间是1.5m + 3n ．如果 ⎡1.5m + 3n ⎤ 是偶数，则变轨开关 AC 连通，如果 ⎡1.5m + 3n ⎤是奇数，则变轨开关 AC 10 ⎢ 10⎥ ⎢ 10⎥⎣⎦⎣⎦连通．我们寻找最小的 m + n ，使1.5m + 3n是偶数．无妨设 101.5m + 3n = 10K ，或 3m + 6n = 20K ，这里 K 是偶数，并且有 3 为约数，是玩具火车运动的时间，因此最小的 K 是 6．即求 m 和 n 使m + 2n = 40 ．12 当 n ＝3，S AA C = 2S ABC = 12 ，故开始玩具火车绕大圈轨道 4 圈之后进入小圈，时间是 10= 1.2（分钟）；当 n ＝4， m ＝5 时，⎡ 7.5 + 12 ⎤ = 1 ， ⎡ 9 + 12 ⎤= 2 ，故玩具火车绕小圈轨道 6 之后再次进入大圈轨道， ⎢ 10 ⎥ ⎢ 10 ⎥3⎣⎦ ⎣ ⎦此时1.5m + 3n＝1.5 ⨯ 6 + 3 ⨯ 4= 2.1 （分钟）（可以称为一个拟循环）1010将玩具火车再次进入大圈运行，运行圈数记为 n ． n ＝3 时， 1.5 ⨯ 6 + 3 ⨯ 7= 3 （分钟），玩具火车应2210当再次进入小圈运行，运行圈数记为 m ，既然1.5 ⨯ 7> 1 > 1.5 ⨯ 6，故玩具火车绕小圈运行 7 圈后，应 210 10再次进入大圈运行，此时 1.5m + 3n = 1.5 ⨯13 + 3 ⨯ 7= 4.05 （分钟）．10 10 将玩具火车再次进入大圈运行， 运行圈数记为 n ．既然1.5 ⨯13 + 3 ⨯11 > 5 > 1.5 ⨯13 + 3 ⨯10 ，10 10故玩具火车绕大圈运行 4 圈后，应再次进入小圈运行，此时1.5m + 3n = 1.5 ⨯13 + 3 ⨯11 = 5.25 （分钟）， 10 10则玩具火车绕大圈运行 5 圈后，1.5m + 3n = 1.5 ⨯18 + 3 ⨯11= 6 (分钟)． 10 10结论玩具火车第 29 次回到 A 时， 变轨开关 AC 连通，即回到原始状态．练习9. 4 个整数中任意选出 3 个，求出它们的平均值，然后再求这个平均值和余下 1 个数的和，这样可以得到 4 个数：4、6、 5 1 和 4 2，则原来给定的 4 个整数的和为．（2009 年 14 届）3 3 【答案】10【解析】设 4 个整数分别为 a 、b 、c 、d ，则有a +b +c +d = 4 、 a + b + d + c = 6 、a + c + d + b = 5 1、 3 3 3 3b +c +d + a = 4 2，四式相加可得 2(a + b + c + d ) = 20 ，从而 a + b + c + d = 10 ．3 3练习10. A 、B 、C 、D 、E 五个小朋友做游戏，每轮游戏都按照下面的箭头方向把原来手里的玩具传给另外一个小朋友：A →C ，B →E ，C →A ，D →B ，E →D ．开始时 A 、B 拿着福娃，C 、D 、E 拿着福牛，传递完5 轮时，拿着福娃的小朋友是（）．（2009 年14 届）（A）C 与D （B）A 与D （C）C 与E （D）A 与B【答案】A【解析】A 和C 之间的传递以2 为周期，B、E、D 之间的传递以3 为周期，所以5 轮之后，A 和C 之间的福娃最后在C 手中，B、E、D 之间的福娃最后在D 手中，所以最后拿着福娃的是C 与D．练习11. 某学校组织一次远足活动，计划10 点10 分从甲地出发，13 点10 分到达乙地，但出发晚了5 分钟，却早到达了 4 分钟．甲乙两地之间的丙地恰好是按照计划时间到达的，那么到达丙地的时间是（）．（2014 年19 届）（A）11 点40 分（B）11 点50 分（C）12 点（D）12 点10 分【答案】B【解析】从10 点10 分到13 点10 分共有3 个小时，比计划时间少用9 分钟，即每小时少用3 分钟，少用5 分钟的时候即是到达B 点的时间．此时需要5÷（3÷60）=100 分钟，即1 小时40 分钟，所以到达B 点的时间是11 点50 分．练习12. 甲、乙两车分别从A，B 两地同时出发，且在A，B 两地往返来回匀速行驶．若两车第一次相遇后，甲车继续行驶4 小时到达B，而乙车只行驶了1 小时就到达A，则两车第15 次（在A，B 两地相遇次数不计）相遇时，它们行驶了小时．（2012 年17 届）【答案】B【解析】设甲、乙的速度分别为V甲、V乙，则甲、乙相遇时，他们行驶的路程比为V甲:V乙；另一方面，第一次相遇后，甲车继续行驶4 小时到达B，乙车继续行驶了1 小时到达A，所以这两段的路程比也为V乙: 4V甲，从而V甲:V乙=V乙: 4V甲，进而有V甲:V乙= 1: 2 ，进而可以得到甲从A 到B 需要6 小时，乙需要3 小时，一个周期为12 小时且周期内相遇两次，7 个周期后，甲、乙相遇14 次，且分别回到A 和B，2 小时后，甲、乙第15 次相遇，总共用时7 ⨯12 + 2 = 86 小时．课后练习1. 任意写一个两位数，再将它依次重复3 遍成一个8 位数．将此8 位数除以该两位数所得到的商再除以9，问：得到的余数是．（2004 年9 届）【答案】4【解析】abababab ÷ab =1010101，1010101 除以9 的余数为4．2. 2008006 共有个质因数．（2006 年11 届）（A）4 （B）5 （C）6 （D）7【答案】C【解析】2008006 = 2 ⨯ 7 ⨯11⨯13⨯17 ⨯ 59 ．3. 小明所在班级的人数不足40 人，但比30 人多，那么这个班男、女生人数的比不可能是（）．（2014 年19 届）（A）2:3 （B）3:4 （C）4:5 （D）3:7【答案】D【解析】如果男、女生人数的比是2:3，那么全班人数一定是5 的倍数，男生14 人，女生21 人，满足题意．如果男、女生人数的比是3:4，那么全班人数一定是7 的倍数，男生15 人，女生20 人，满足题意．如果男、女生人数的比是4:5，那么全班人数一定是9 的倍数，男生16 人，女生20 人，满足题意．如果男、女生人数的比是3:7，那么全班人数一定是10 的倍数，但本班人数不足40 人，但比30 人多，所以男、女生人数的比不可能是3:7．4. 开学前6 天，小明还没做寒假数学作业，而小强已完成了60 道题，开学时，两人都完成了数学作业．在这6 天中，小明做的题的数目是小强的3 倍，他平均每天做（）道题．（2009 年14 届）y 7 ⎩（A ）6 （B ）9 （C ）12 （D ）15【答案】D【解析】这 6 天小明比小强多做了 60 道，平均每天多做 10 道，小明每天做题量是小强的 3 倍，所以 小强每天做 5 道，小明每天做 15 道．5. 一个盒子里有黑棋子和白棋子若干粒，若取出一粒黑子，则余下的黑子数与白子数之比为 9:7，若放回黑子，再取出一粒白子，则余下的黑子数与白子数之比为 7:5，那么盒子里原有的黑子数比白子数 多（ ）个．（2013 年 18 届）（A ）5 （B ）6（C ）7（D ）8【答案】C【解析】设原有黑子数为 x ，白子数为 y ，得方程⎧ x - 1 = 9⎧7 x - 9y = 7⎪ ⎪ ⎪ ⎨x 7 即 ⎨⎪ = ⎪⎩ y - 1 5⎪5x - 7y = - 7由此解得x = 28 ， y = 21 ．故 x - y = 7 ．解法二：前后两次均取出一枚棋子，剩下棋子的总数不变，而 9 + 7 = 16 ，7 + 5 = 12 ，16 与 12 的最小 公倍数为 48 ，因此设取出一枚棋子后，剩下棋子的总数为 48 份．第一次余下的黑子数为 48 ÷ (9 + 7) ⨯ 9 = 27 份；第二次余下的黑子数为 48 ÷ (7 + 5) ⨯ 7 = 28 份；两次相差 1 份．而前后两次余 下的黑子数相差 1，因此 1 份对应 1 枚棋子．原有黑子 28 个，原有的白子数为 28 ÷ 7 ⨯ 5 + 1 = 21个， 黑子比白子多 28 - 21 = 7 个6. 水池 A 和 B 同为长 3 米，宽 2 米，深 1.2 米的长方体．1 号阀门用来向 A 池注水，18 分钟可将无水的A 池注满；2 号阀门用来从 A 池向B 池放水，24 分钟可将 A 池中满池水放入 B 池．若同时打开 1 号和 2 号阀门，那么当 A 池水深 0.4 米时，B 池有（ ）立方米的水．（2013 年 18 届） 【答案】D【解析】由已知， 1 号阀门每分钟注入 1 18池水，而 2 号阀门放出 1 24池水．到A 池深 0.4 米时，正好在 A 池中留存了 1池水，31 ÷ ⎡ 1 -1 ⎤ = 24 (分钟)．⎣ ⎦3 ⎢18 24 ⎥故此时恰好放了24 分钟，正好把B 池放满，进而B 水池中有水3⨯ 2 ⨯1.2 = 7.2 （立方米）．7. “低碳生活”从现在做起，从我做起．据测算，1 公顷落叶阔叶林每年可吸收二氧化碳14 吨．如果每台空调制冷温度在国家提倡的26℃基础上调到27℃，相应每年减排二氧化碳21 千克．某市仅此项减排就相当于25000 公顷落叶阔叶林全年吸收的二氧化碳；若每个家庭按3 台空调计，该市家庭约有万户．（保留整数）（2010 年15 届）【答案】556【解析】25000⨯14⨯1000÷（21⨯3）≈5555555.6．8. 甲乙同时出发，他们的速度如下图所示，30 分钟后，乙比甲一共多行走了米．（2014 年19 届）10080604020米/分5分10 15 20 25 30甲10080604020米/分分5 10 15 20 25 30乙【答案】300【解析】由图所示，前10 分钟，甲和乙速度相同；第10 分钟至第20 分钟，乙速度是100 米/分，甲的速度是80 米/分，故乙多走了200 米；第20 分钟至第25 分钟，甲乙速度相同；第25 分钟至30 分钟，乙的速度是80 米/分，甲的速度是60 米/分，故乙多走了100 米；乙共计多走了300 米．9. 甲、乙两车分别从A，B 两地同时出发，相向而行，3 小时相遇后，甲掉头返回A 地，乙继续前行．甲到达A 地后掉头往B 行驶，半小时后和乙相遇．那么乙从A 到B 共需小时．（2011 年16 届）【答案】7.2【解析】甲、乙相遇后，同时向B 行驶，甲先是花了3 小时到达A 地，然后甲掉头行驶了半小时和乙相遇，从而甲乙相遇后，乙行驶了3.5 小时，且这段路甲只需要2.5 小时，所以甲、乙的速度比为7:5，从而甲花了3 小时的这段路，乙需要3⨯ 7 ÷ 5 = 4.2 小时，所以乙从A 到B 共需3 + 4.2 = 7.2 小时．第三节数字谜、计数、组合精讲考点概述数字谜考点：竖式问题常用方法：（1）加数相加时每进1 位，和的数字和将比加数的数字和之和减少9．（2）与各个数位上的数字有关的问题，往往需要多次尝试才能得到结果．（3）与整除相关的问题，注意运用以前学过的整除知识．计数问题考点：1. 枚举法（有序、分类）2. 加乘原理（分类，加法；分步，乘法）3. 排列组合（排列，有序；组合，无序；常用方法，插空、捆绑、插板、排除等）4. 综合运用（结合几何、数论等知识）组合问题考点：1. 最值问题：（1）满足题目条件的情况不多时，可以用枚举法把可能的情况一一列举出来，再找出最大值或最小值．（2）两个数的和一定，当它们越接近时乘积越大．（3）极端思考与局部调整也是解决最值问题的常用方法．2. 逻辑推理、统筹对策、抽屉原理等．真题精讲。
揭秘华杯赛试题中的行程问题
揭秘华杯赛试题中的行程问题揭秘华杯赛试题中的行程问题行程问题与数论问题都是学生们最头疼的知识点。
在解题时，行程问题与数论问题大致相同，都需要将各个已知条件合理的组合到一起并最终得到结论，这也是这两类问题相对的难点所在。
行程问题虽然难，但是它的出镜率并不高，平均每个杯赛出现1次。
在几个杯赛中，希望杯对行程题目考查数量在3-5题，但是难度不大。
其它杯赛均是1道题，难度都是中等偏上的题目。
不管是哪个年级，解决行程问题必须先要熟练掌握三个要素之间的关系(路程、速度、时间)。
其实行程问题也可以分为相遇问题与追及问题两大类，那么相遇与追及的基本公式也是必须要掌握的。
对于四年级的学生来说，还需要掌握几个基本类型，如多次相遇与追及问题、流水型船问题、、火车过桥问题、猎狗追兔问题、环形跑道问题等。
下面我们看一下2008年走美杯的一道题，题目如下：早晨，小张骑车从甲地出发去乙地。
下午1点，小王开车也从甲地出发，前往乙地。
下午2点时两人之间的距离是l5千米。
下午3点时，两人之间的距离还是l5千米.下午4点时小王到达乙地，晚上7点小张到达乙地.小张是早晨出发。
分析：本题的第一个突破口就是“下午2点时两人之间的距离是l5千米.下午3点时，两人之间的距离还是l5千米”，由这个条件我们可以得到两人的速度差是每小时30千米。
再由3点开始计算，我们知：小王再有一小时就可走完全程，在这一小时当中，小王比小张多走30千米，那小张3小时多走(15+30)千米，故小张的速度是15千米/小时，小王的速度是45千米/小时。
全程是45×3=135千米，135÷15-7=2小时，即上午10点出发。
点评：这道题虽然不是固定的题型，但是它却体现出了行程题目的固定解法——分段求解。
其实它就是一种分析题目的方式，我们需要找到相同的时间or路程里所同步放生的事情。
“下午2点时两人之间的距离是l5千米.下午3点时，两人之间的距离还是l5千米”这句话翻译过来就是在2点到3点这1个小时里，两个人的距离被拉开(追及)了30千米。
人大附中华杯赛资料：基本行程问题
基本行程问题基本关系式：路程=速度′时间比例关系：当速度一定时，路程与时间成正比；当时间一定时，路程与速度成正比；当路程一定时，速度与时间成反比.常用方法：图示法（即用线段表示行驶的路程，用箭头表示行驶的方向）例1.一名警察坐在公共汽车上发现一个小偷下车向反方向跑去，10秒钟后，警察下车立即去追小偷.如果警察速度是小偷的2倍，小偷速度是车速的，那么，警察追上小偷要用多少秒？[答疑编号0518390101]1【答案】110【解答】设小偷每秒的速度为“1”，则警察的速度为“2”，车速为“10”，警察开始追小偷时，两人的距离是（1＋10）×10=110，追及的时间是110÷（2－1）＝110（秒）.总结：1）用图示法将过程表示清晰是解决行程问题的第一步；2）这里已经出现了追及问题的一般公式：追及时间=追及距离?速度差例2.甲、乙、丙三人同时从A地向B地跑，当甲跑到B地时，乙离B地还有30米，丙离B地还有40米；当乙跑到B地时，丙离B地还有16米.A、B两地相距多少米？[答疑编号0518390102]【答案】80【解答】由题意知，乙跑30米，丙跑40－16＝24（米）.由此推知，乙、丙速度比为30:24＝5:4，当乙离B地还有30米，丙离B地还有40米时，2乙比丙多跑10米，此时丙跑10÷（－1）＝40（米）.两地相距40+40＝80（米）.总结：1）在比较基本的行程问题中，速度一般是不改变的，因此对同一个人而言，路程与时间成正比；2）对多个人而言，当大家所用时间相等时，路程之比等于速度之比.例3.一架飞机所带的燃料最多可以用6小时，飞机去时顺风，每小时可以飞1500千米，飞回时逆风，每小时可以飞1200千米，这架飞机最多飞出多少千米，就需往回飞？[答疑编号0518390103]【答案】4000【解答】往返的速度之比是1500:1200=5:4，3因此时间之比是4:5.那么顺风飞行时间最多为6×小时，即最多飞出1500×=4000千米，就要返回.例4.小明从家去学校，如果他每小时比原来多走1.5千米，他走这段路只需原来时间的4；如果他每小时比原来少走1.5千米，那么他走这段路的时间就比原来时间多几分之几？[答疑编号0518390104]5【答案】【解答】由于速度提高后所用时间是原来的，所以速度是原来的倍，原来速度是每小时1.5÷6（-1）=6千米.现在速度是原来的（6-1.5）÷6=，因此所用时间比原来多7-1=.例5.甲、乙两车先后以相同的速度从A站开出，10点整甲车距A站的距离是乙车距A站距离的三倍，10点10分甲车距A站的距离是乙车距A站距离的二倍.问：甲车是何时从A站出发的？[答疑编号0518390105]【答案】9点30分【解答】因为两车速度相同，所以两车距A站的距离之比就是两车行驶的时间之比.可设10点整时，乙行驶的时间为“1”份，则甲为3份，差为2份；到10点10分时，（3－1）÷（2－1）＝2，说明此时乙行驶的时间为2份.因此两车行驶1份的时间是10分钟，甲车出发时间为9点30分.8例6.A、B两地相距2400米.甲、乙两人分别从A、B两地同时出发相向而行.两人在途中某处相遇后，甲又继续行进18分钟到达B地，乙又继续行进50分钟到达A地.那么甲比乙每分钟多走多少米？[答疑编号0518390106]【答案】20【解答】记甲、乙的速度分别是M、N.则由题意我们知道，甲18分钟走的路程等于相遇前乙走的路程，而乙50分钟走的路程等于相遇前甲走的路程.如果记两人从出发到相遇这段时间为T，则有M′T=N′50和N′T=M′18，由此易得T?50=18?T，所以T=30分钟.于是由相遇问题的解法知M+N=2400?30=80，且3′M=5′N，所以容易求得M=50米/分，N=30米/分.所以甲每分钟比乙多走20米.例7.一列火车通过长320米的隧道，用了52秒.当它通过长864米的大桥时，速度比通过隧道9时提高了，结果用了1分36秒.求：（1）火车通过大桥时的速度；（2）火车车身的长度.[答疑编号0518390107]【答案】（1）10米/秒（2）96米【解答】（1）假设火车通过大桥时的速度不变，10则它通过大桥时的时间为96×（1+）=120秒.这就是说，火车以相同的速度分别通过320米的隧道和864米的大桥，所用时间差为120-52=68秒.火车通过大桥时的速度为：（864-320）÷（120-52）×（1+）=10米/秒.（2）火车车身长为10×96-864=96米.总结：在火车问题中，火车的车身长是不能忽略的，我们需要将车身长加入到路程当中去考虑.例8.一座铁路桥上相向驶来两列火车，还有一个铁路维修工正沿着铁路在桥上行走.当两列火车相遇时，它们的车尾恰好位于桥的两端，此时维修工恰好在两个车头相遇处；60秒后当两列火车11离开时，它们的车头又恰好位于桥的两端，此时维修工恰好在两个车尾离开处.已知两列火车的速度比是5:3，维修工的行走速度是每秒5米，那么这座铁路桥的长度是多少米？[答疑编号0518390108]【答案】1200米【解答】维修工60秒行走的路程是5′60=300米，这也是两列火车车身长度的差.而每列火车在这60秒的时间里所行驶的路程是桥的长度减去自己的车身长度，也就是对方的车身长度，因此两列火车在这60秒里的路程差也是300米.而它们的速度比是5:3，所以路程比也是5:3，所以两列火车的车身长分别是米和12米，那么铁路桥的长度是450+750=1200米.行程问题之停靠例1.一辆汽车从甲地开往乙地，每分钟行驶750米，预计50分钟到达.但行驶到路程时汽车出了故障，用5分钟修理完毕.如果要在预定时间到达乙地，那么在余下的路程中，每分钟必须比原来快米.13[答疑编号0518390201]【答案】250【解答】出故障时距离乙地还有米，14而还剩下时间分钟，所以在余下的路程中，速度应为15000÷15＝1000（米/分钟），每分钟比原来快1000－750＝250米.例2.小明原计划中午1:15出发，以每小时3.6千米的速度步行，于1:27到达邮局，寄信后1:30从邮局出发，1:40到达学校.但是由于出发一段时间后发现信落在了家里，于是返回家中取信后到达邮局，只花1分钟就办好了寄信手续，然后以原来速度的两倍赶到学校，恰好还是1:40.那么小明是从家走出多少米时发现自己没有带信的？[答疑编号0518390202]【答案】210【解答】小明正常的速度是每分钟3600÷60＝60米，他从家到邮局用了12分钟，从邮局到学校用了10分钟。
第23届华杯赛【小中组】初赛参考答案
第二十三届华罗庚金杯数学邀请赛初赛试卷（小中组）一、选择题1. B A 、均为小于1的小数，算式1.0+⨯B A 的结果（ ）.A.大于1B.小于1C.等于1D.无法确定和1的大小【答案】D【解析】116.01.03.02.0<=+⨯，10801.11.099.099.0>=+⨯，小数是连续的，因此一定可以取到等于1的B A 、值，所以1.0+⨯B A 的值无法确定，故答案选D.2. 小明把6个数分别写在三张卡片的正面和反面，每个面写一个数，每张卡片上的2个数的和相等，然后他将卡片放在桌子上，发现正面上写着28、40、49，反面上的数都只能被1和它自己整除，那么，反面上的三个数的平均数是（ ）.A.11B.12C.39D.40【答案】B【解析】反面写的三个数都是质数，设49的反面的数字是x ，则40的反面的数字是9+x ，28的反面的数字是21+x ，则x ，9+x ，21+x 都是质数，显然，当2=x 时，2，11，23都是质数，所以反面三个数的平均数就是123)23112(=÷++，故答案选B.3. 连接正方形ABCD 的对角线，并将四个顶点分别染成红色或黄色，将顶点颜色全相同的三角形称为同色三角形，则图中有同色三角形的染色方法有（ ）种.A.12B.17C.22D.10【答案】D【解析】至少满足四个顶点中的三个点颜色相同，才能够保证有同色三角形，染色方法总共有102)(4434=⨯+C C 种. 4. 在66⨯网格的所有方格中放入围棋子，每个方格放1枚棋子，要求每行中的白色棋子的数目互不相等，每列中的白色棋子的数目都相等，那么这个66⨯网格中共有（ ）枚黑色围棋子.A.18B.14C.12D.10【答案】A【解析】每行中白色棋子的数目要从0，1，2，3，4，5，6这7个数中选出6个，而每列中白色棋子的数目都相等，则要求这6个数的和是6的倍数， 可以选择0，1，2，4，5，6这6个数，则白色棋子总共有18)654210(=+++++个，则黑色棋子有181836=-个，下面给出一种摆法：5. 数字和为218的最小自然数是n 位数，则=n （ ）.A.22B.23C.24D.25【答案】D【解析】数字和一定，且数最小，则保证数位最少，因此要有尽可能多的9，2249218⋅⋅⋅⋅⋅⋅=÷，所以该数为 9249999992个⋅⋅⋅，故25=n ，答案选D.6. I 型和II 型电子玩具车各一辆，沿相同的两个圆形轨道跑动，I 型每5分钟跑1圈，II 型每3分钟跑1圈，某同一时刻，I 型和II 型恰好都开始跑第19圈，则I 型比II 型提前（ ）分钟开始行动.A.32B.36C.38D.54【答案】B【解析】开始跑第19圈，说明已经跑了18圈，I 型跑18圈用时90518=⨯（分钟）； II 型跑18圈用时54318=⨯（分钟）； 365490=-（分钟），则I 型比II 型提前了36分钟，故答案选B. 7. 右图是某市未来十日空气质量指数趋势图，空气质量指数小于100为优良，从图上看，连续两天优良的是______号.【答案】1-2，5-6【解析】从图上可以看出，1号，2号，5号，6号的空气质量指数都小于100，则连续两天优良的是1-2号，5-6号.8. 如右图所示，一个正方形纸片ABCD 沿对角线BD 剪成两个三角形，第一步操作，将三角形ABD 竖直向下平移了3厘米，至三角形EFG ；第二步操作，将三角形EFG 竖直向下再平移5厘米至三角形HIJ .第一步操作后两张纸片重叠的面积与第二步操作后两张纸片重叠的面积相等，那么这个正方形纸片ABCD 的面积是______平方厘米.【答案】121【解析】第一次重叠图形的面积为阴影部分的面积，设正方形边长为a ，则3==BF BM 厘米，)3(3-⋅=a S BMGN ，第二次重叠部分面积为四边形BPJQ 的面积，8-=-=a AH a BH ，8)8(=--=-=-=a a JC BC QC BC BQ ，)8(8-⋅=a S BPJQ ，两次重叠部分面积相等，则BPJQ BMQN S S =，即)8(8)3(3-⋅=-⋅a a ， 解得11=a ，则正方形ABCD 的面积为121112=平方厘米.9. 有11个正方形方阵，每个都由相同的数量的士兵组成，如果再加上1名将军，就可以组成一个大的正方形方阵，原来的一个正方形方阵里最少要有______名士兵.【答案】9【解析】设原来小方阵的人数为a ，加一名将军后组成的大方阵的人数为b ， 则有b a =+111，并且b a 、都是完全平方数，a 可以取1、4、9…当1=a 时，12=b ，不满足条件；当4=a 时，45=b ，不满足条件；当9=a 时，100=b ，满足条件；故原来的一个正方形方阵里最少要有9名士兵.10.从四边形4个内角取2个求和，共有6个和数，则大于︒180的和最多有______个.【答案】3【解析】四边形内角的取值范围为︒<<1800α，两角之和大于︒180，则要求这两个角都大于︒90，四边形中最多只有3个角大于︒90，623=C ，所以大于︒180的和最多有3个.。
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‘第三讲数论行程专题1、逻辑推理问题常用的方法：排除法、假设法、反证法。
一般可以从以下几方面考虑：a，选准突破口，分析时综合几个条件进行判断；b，根据题中条件，在推理过程中，不断排除不可能的情况，从而得出要求的结论；c，对可能出现的情况作出假设，然后再根据条件推理，如果得到的结论和条件不矛盾，说明假设是正确的；d，遇到比较复杂的推理问题，可以借助图表进行分析。
2、数学开放题具有以下三个特征：a，条件不足或多余；b，没有确定的结论或结论不唯一；c，解题的策略、思路多种多样。
从以下几方面考虑：(1)，以问题为指向，对现有条件进行筛选、补充和组合，促进问题的顺利解决；(2)，根据知识之间的不同联系途径对给定的条件进行不同的组合，采用不同的方法求解；(3)，避免“答案唯一”的僵化思维模式，联系实际考虑可能出现的多种情况，得出不同的答案。
3、“假设法”就是根据题目中的已知条件或结论作出某种假设，然后按已知条件进行推算，根据数量上出现的矛盾作适当调整，从而找到正确答案。
4、巧妙求和:通项公式：第n项=首项+（项数－1）×公差项数公式：项数=（末项－首项）÷公差＋15、火车过桥：（1）火车过桥时间是指从车头上桥起到车尾离桥所用的时间，因此火车的路程是桥长与车身长度之和．（2）火车与人错身时，忽略人本身的长度，两者路程和为火车本身长度；火车与火车错身时，两者路程和则为两车身长度之和．（3）火车与火车上的人错身时，只要认为人具备所在火车的速度，而忽略本身的长度，那么他所看到的错车的相应路程仍只是对面火车的长度．6、相遇问题公式：总路程=（甲速+乙速）×相遇时间；相遇时间=总路程÷（甲速+乙速）；另一个速度=甲乙速度和﹣已知的一个速度．追及问题公式：距离差=速度差×追及时间；追及时间=距离差÷速度差；速度差=距离差÷追及时间；速度差=快速﹣慢速1、小东、小西、小南、小北四个朋友在一起做游戏时，捡到一条红领巾，交给了老师，老师问是谁捡到的？小东说不是小西；小西说不是小南；小南说小东说的不对；小北说小南说的也不对.他们之中只有一个人说对了，这个人是（）A. 小东B. 小西C. 小南D. 小北【解析】：根据题干分析可得，小南与小北说的话是相互矛盾的，所以两人中一定有一个人说的是正确的，假设小北说的是正确的，则小南说“小东说的不对”是错，可得，小东说的对，这样与已知只有一个人说对了相矛盾，所以此假设不成立，故小南说的是正确的．故选：C．2、将六个数 1, 3, 5, 7, 9, 11 分别填入右图中的圆圈内（每个圆圈内仅填一个数）, 使每边上三个数的和都等于 17, 则三角形三个顶点处的圆圈内所填三数之和为【解析】：设三角形点三个顶点处的圆圈内所填三数分别是A. B. C；由题意可得：1+3+5+7+9+11+A+B+C=17×3，36+A+B+C=51，A+B+C=15.1+3+11=15，3+5+7=15，1+5+9=15；又因为：1+9+7=17，9+3+5=17，1+11+5=17；所以，三角形点三个顶点处的圆圈内所填三数分别是1、9、5；那么，1与9中间的数是7，9与5之间的数是3，1与5中间的数是11；由以上可得：所以，三角形点三个顶点处的圆圈内所填三数之和为15.3、如图，三个圆交出七个部分，将整数0∼6分别填入七个部分中，使得每个圆内的四个数字的和都相等，那么和的最大值是___.【解析】：因为使得每个圆内的四个数字的和都相等，且和最大值时，6最大，就把6写在最中间，要使和相等，还剩的数字有三个数字是两圆公共的，只能是4+1+3=5+3+0=1+2+5=8，那么每个圆内的四个数字的和是8+6=144、如下图,将一个大三角形纸板剪成四个小三角形纸板（第一次操作）, 再将每个小三角形纸板剪成四个更小的三角形纸板（第二次操作）. 这样继续操作下去, 完成第5 次操作后得到若干个小三角形纸板. 甲和乙在这些小三角形纸板上涂色, 每人每次可以在1 至10 个小三角形纸板上涂色, 谁最后涂完谁赢. 在甲先涂的情况下, 请设置一个方案使得甲赢.【解析】：每次操作都会把1 个三角形纸片剪成4 个第一次第二次第三次第四次第五次，五次之后共有1024 个小三角形。
甲要想涂到最后一个，只需要把最后11 个留给乙涂（即涂到剩下的第12 个），此时乙最多涂10 个，无法赢；而不管乙涂几个，甲都可以把剩下的全部涂完，取胜。
同理，甲要想涂到剩下的第12 个，只需要在上一轮给乙再留下11 个即可，制胜周期为11。
1024 ÷11 = 93L 1，甲先拿 1 个，之后每一轮乙拿n 个，甲拿(11− n)个，则可保证自己能涂到最后一个获得胜利。
5、四年级一班用班费购买单价分别为 3 元、2 元、1 元的甲、乙、丙三种文具. 要求购买乙种文具的件数比购买甲种文具的件数多 2 件, 且购买甲种文具的费用不超过总费用的一半.若购买的文具恰好用了 66 元, 则甲种文具最多可买 件。
【解析】：先买2个 乙种文具,需4元,66-4=6262元买的 乙种文具的件数和甲种文具的件数一样多,可见其看成一个甲一个乙的套装每个套装需3+2=5元62÷5=12 余 2 最多可买套装数为12套但购买甲种文具的费用不超过总费用的一半,所以甲的数量也就是套装数应小于等于33/3=11甲种文具最多可买11件(购买甲11,乙13,丙7）6、有20张卡片，每张上写一个大于0的自然数，且任意9张上写的自然数的和都不大于63.如果写有大于7的自然数的卡片为“龙卡”，问：这20张卡片中“龙卡”最大有多少张?所有“龙卡”上写的自然数的和的最大值是多少?【解析】：由于“龙卡”上写的数最小是8，8×8=64>63，所以8张，不合要求，所以最多有7张；其余的13张都是小于8的卡片；设7张“龙卡”上写的自然数的和是S ，如果再去两张小于8的卡片，就组成9张，当这两张的和最小时，S 的值最大，又因为每张上写一个大于0的自然数，最小是1，所以当这两张都是1时，它们的和最小，即是2，又因为，任意9张上写的自然数的和都不大于63，即最大为63，所以S 的值最大是：63−2=61；答：这20张卡片中“龙卡”最大有7张，所有“龙卡”上写的自然数的和的最大值是61.7、新生开学后去远郊步行拉练, 到达A 地时比原计划时间10点10分晚了6分钟, 到达C 地时比原计划时间13点10分早了6分钟, A, C 之间恰有一点B 是按照原计划时间到达的, 那么到达B 点的时间是（ ）.（A ）11点35分 （B ）12点5分 （C ）11点40分 （D ）12点20分【解析】：到达A 地实际是10点16分，到达C 地是13点04分，从A 地到B 地共耗时168分钟；即实际比原计划少用时间12分钟。
那么在远足过程中本来是应该要走180分钟，现在节约了12分钟，则每走一分钟就节约时间12/180=1/15分钟；如果按照正常情况，晚出发6分钟，应该晚6分钟到达B 点，现在准时到达B 点，那么在从A 到B 的过程中节约了时间6分钟，则所用的时间应该为6除以1/15，则从A 到B 耗时90分钟，则是11点40到达B 。
选C 。
8、用8个3和1个0组成的九位数有若干个, 其中除以4余1的有（ ）个.（A ）5 （B ）6 （C ）7 （D ）8【解析】：0不能作为九位数的第一位，且0在第九位时除4余2，第八位时除4余3，在第二位到第七位时构成的九位数符合题意，有6个这样的九位数。
选B9、商店以每张2角1分的价格进了一批贺年卡, 共卖14.57元. 若每张的售价相同, 且不超过买入价格的两倍, 则商店赚了________元.【解析】：14.57元=1457分，14573147=⨯每张的售价不超过买入价格的两倍，47是张数，31分是售价；商店赚了(3121)47470-⨯=（分）=4.7元10、两个班植树, 一班每人植3棵, 二班每人植5棵, 共植树115棵. 两班人数之和最多为________.【解析】：设一班a 人，二班b 人，则有35115a b +=， 求两班人数最多，算式转化成：3()2115a b b ++=，a b +最大，b 尽可能的小，2b =时，37a b +=。
两班人数之和最多的是37人.11、某个两位数是2的倍数, 加1是3的倍数, 加2是4的倍数, 加3是5的倍数, 那么这个两位数是________.【解析】：由题可知，此数是一个2的倍数，并且除以3、4、5都余2的数，这样的数最小是2，因为这个⨯⨯.数是两位数，2+[345]=6212、一个车队以4米/秒的速度缓慢通过一座长298米的大桥，共用115秒，已知每辆车长6米，相临两车间隔20米，则这个车队一共有______辆车。
【解析】：车队过桥所经过的路程是车队长加桥长，车队长：115×4-298=162（米），车的间隔数是：（162-6）÷（20+6）=6个，则这个车队一共有：6+1=7辆车13、一条河上有A, B两个码头, A在上游, B在下游. 甲、乙两人分别从A, B同时出发, 划船相向而行, 4小时后相遇. 如果甲、乙两人分别从A, B同时出发, 划船同向而行, 乙16小时后追上甲. 已知甲在静水中划船的速度为每小时6千米, 则乙在静水中划船每小时行驶________千米.【解析】：在流水行船问题中，两船相遇的速度和即两船船速和，两船追及速度差即两船船速差。
设乙船的速度是x千米/小时；+=-x x4(6)16(6)x=解得1014、李经理的司机每天早上7点30分到家接他去公司上班，有一天李经理7点从家出发步行去公司，路上遇到按时来接他的车，乘车去公司，结果早到5分钟。
问李经理什么时间遇上汽车?汽车速度是步行速度的几倍?【解析】：相遇问题：据题意可知，李经理早行了30分钟，由于早行而使接他汽车比平时早到5分钟，所以汽车一个单程节约5÷2=2.5分钟．那么相遇时李经理走了30-2.5=27.5分钟．也就是李经理遇到汽车的时间是：7时27.5分．由此可知，乘车的速度是步行速度的：27.5÷2.5=11倍．15、某商店卖出一支钢笔的利润是 9 元, 一个小熊玩具的进价为 2 元. 一次, 商家采取“买 4 支钢笔赠送一个小熊玩具”的打包促销, 共获利润 1922 元. 问这次促销最多卖出了多少支钢笔?【解析】：要这次促销钢笔卖出最多，则要求尽量打包销售．1922÷（4×9-2）=1922÷34=56（倍）…18（元）；18÷9=2（支）；56×4+2=224+2=226（支）16、用 8 个 3 和 1 个 0 组成的九位数有若干个, 其中除以 4 余 1 的有( ）个.（A）5 （B）6 （C）7 （D）8【解析】：0不能作为九位数的第一位，且0在第九位时除4余2，第八位时除4余3，在第二位到第七位时构成的九位数符合题意，有6个这样的九位数。