2018届高三物理二轮复习第2部分考前冲刺方略选择题型满分练1 含答案

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2018年高考物理二轮复习选择题满分专练

选择题满分专练(四)选择题(本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．(2017·石家庄市毕业班一模)如图所示，实线为不知方向的几条电场线，从电场中M 点以相同速度垂直于电场线方向飞入a 、b 两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则( )A ．a 一定带正电，b 一定带负电B ．a 的速度将减小，b 的速度将增大C ．两个粒子的动能，一定一个增加一个减少D ．两个粒子的电势能，一定都减少解析：粒子做曲线运动，所受力的方向指向轨迹的内侧，所以能判断a 、b 一定带异种电荷，但是不清楚哪一个是正电荷，哪一个是负电荷，故A 错误；粒子做曲线运动，所受力的方向指向轨迹的内侧，从图中轨迹变化来看电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故B 、C 错误；电场力都做正功，故电势能都减小，故D 正确．答案：D 15．(2017·黑龙江省五校高三4月联考)如图甲所示为某实验小组验证动量守恒定律的实验装置，他们将光滑的长木板固定在桌面上，a 、b 两小车放在木板上并在小车上安装好位移传感器的发射器，且在两车相对面上涂上黏性物质．现同时给两车一定的初速度，使a 、b 沿水平面上同一条直线运动，发生碰撞后两车粘在一起；两车的位置x 随时间t 变化的图象如图乙所示．a 、b 两车质量(含发射器)分别为1 kg 和8 kg ，则下列说法正确的是( )A ．两车碰撞前总动量大于碰撞后总动量B ．碰撞过程中a 车损失的动能是149JC ．碰撞后两车的总动能比碰前的总动能小D ．两车碰撞过程为弹性碰撞解析：设a 、b 两车碰撞前的速度大小为v 1、v 2，碰后的速度大小为v 3，结合题图乙得v 1＝2 m /s ，v 2＝1 m /s ，v 3＝23m /s ，以向右为正方向，碰前总动量p 1＝－m a v 1＋m b v 2＝6 kg ·m /s ，碰后总动量p 2＝(m a ＋m b )v 3＝6 kg ·m /s ，则两车碰撞前总动量等于碰撞后总动量，A 错误；碰撞前a 车动能为E k ＝2 J ，碰撞后a 车动能为E′k ＝29J ，所以碰撞过程中a 车损失的动能是169J ，B 错误；碰前a 、b 两车的总动能为6 J ，碰后a 、b 两车的总动能为2 J ，C 正确；两车碰撞过程中机械能不守恒，发生的是完全非弹性碰撞，D 错误．答案：C16．某行星的同步卫星下方的行星表面上有一观察者，行星的自转周期为T ，他用天文望远镜观察被太阳光照射的此卫星，发现日落的T2时间内有T6的时间看不见此卫星，不考虑大气对光的折射，则该行星的密度为( )解析：设行星质量为M，半径为R，密度为ρ，卫星质量为m，如图所示，发现日落的T2时间内有T6的时间看不见同步卫星，则θ＝360°6＝60°，故φ＝60°，r＝Rcosφ＝2R，根据GMm2R2＝m⎝⎛⎭⎪⎫2πT22R，M＝ρ43πR3，解得ρ＝24πGT2.答案：A17．如图甲所示，一圆形金属线圈放置于匀强磁场中，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度为B0.现让线圈绕其一条直径以50 Hz的频率匀速转动，较长时间t内产生的热量为Q；若线圈不动，让磁场以图乙所示规律周期性变化，要在t时间内产生的热量也为Q，乙图中磁场变化的周期T以s为单位，数值应为( )解析：两种情况下，在相同时间内产生的热量相同，说明电压的有效值相同，现让线圈绕其一条直径以50 Hz的频率匀速转动，电压有效值为E＝E m2＝Bsω2＝B0πr2×100π2；磁场以图乙所示规律周期性变化，电压有效值为E＝S·ΔBΔt＝πr2×B0T4，解得T＝225π，选项C正确．答案：C18．(2017·河北冀州2月模拟)如图甲所示，粗糙斜面与水平面的夹角为30°，质量为3 kg的小物块(可视为质点)由静止从A点在一沿斜面向上的恒定推力作用下运动，作用一段时间后撤去该推力，小物块能到达的最高位置为C点，小物块上滑过程中v－t图象如图乙所示．设A点为零重力势能参考点，g取10 m/s2，则下列说法正确的是( )A．小物块最大重力势能为54 JB．小物块加速时的平均速度与减速时的平均速度大小之比为3：1C ．小物块与斜面间的动摩擦因数为32D ．推力F 的大小为40 N解析：由乙图可知物块沿斜面向上滑行的距离x ＝12×3×1.2 m ＝1.8 m ，上升的最大高度h ＝x sin 30°＝0.9 m ，故物块的最大重力势能E pm ＝mgh ＝27 J ，则A 项错．由图乙可知物块加速与减速阶段均为匀变速运动，则由匀变速直线运动的平均公式v ＝v 0＋v2，可知小物块加速时的平均速度与减速时的平均速度大小之比为1:1，则B 项错．由乙图可知减速上升时加速度大小a 2＝10 m /s 2，由牛顿第二定律有mg sin 30°＋μmg cos 30°＝ma 2，得μ＝33，则C 项错．由乙图可知加速上升时加速度大小a 1＝103m /s 2，由牛顿第二定律有F －mg sin 30°－μmg cos 30°＝ma 1，得F ＝40 N ，则D 项正确．答案：D19．如图所示为光电管的工作电路图，分别用波长为λ0、λ1、λ2的单色光做实验，已知λ1>λ0>λ2.当开关闭合后，用波长为λ0的单色光照射光电管的阴极K 时，电流表有示数．则下列说法正确的是( )A ．光电管阴极材料的逸出功与入射光无关B ．若用波长为λ1的单色光进行实验，则电流表的示数一定为零C ．若仅增大电源的电动势，则电流表的示数一定增大D ．若仅将电源的正负极对调，则电流表的示数可能为零解析：光电管阴极材料的逸出功只与材料有关，而与入射光的频率、入射光的强度无关，A 正确．用波长为λ0的光照射阴极K 时，电路中有光电流，可知波长为λ0的光照射阴极K 时，发生了光电效应；若用波长为λ1(λ1>λ0)的光照射阴极K 时，虽然入射光的频率变小，但仍可能大于阴极的极限频率，仍可能发生光电效应，因此电流表的示数可能不为零，B 错误．仅增大电路中电源的电动势，光电管两端电压增大，当达到饱和电流后，电流表的示数不再增大，C 错误．将电路中电源的正负极对调，光电子做减速运动，还可能到达阳极，所以还可能有光电流；若电源电动势大于光电管的遏止电压，电子到达不了阳极，则此时电流表的示数不为零，D 正确．答案：AD20．(2017·湖北省襄阳市高三调研测试)如图所示，半径可变的四分之一光滑圆弧轨道置于竖直平面内，轨道的末端B 处切线水平，现将一小物块从轨道顶端A 处由静止释放．小物体刚到B 点时的加速度为a ，对B 点的压力为N ，小物体离开B 点后的水平位移为x ，落地时的速率为v.若保持圆心的位置不变，改变圆弧轨道的半径R(不超过圆心离地的高度)．不计空气阻力，下列图象正确的是( )解析：设小物体释放位置距地面高为H ，小物体从A 点到B 点应用机械能守恒定律有，v B ＝2gR ，到地面时的速度v ＝2gH ，小物体的释放位置到地面间的距离始终不变，则选项D 对；小物体在B 点的加速度a ＝v 2BR＝2g ，选项A 对；在B 点对小物体应用向心力公式，有F B －mg ＝mv 2BR，又由牛顿第三定律可知N ＝F B ＝3mg ，选项B 错；小物体离开B 点后做平抛运动，竖直方向有H －R ＝12gt 2，水平方向有x ＝v B t ，联立可知x 2＝4(H －R)R ，选项C 错．答案：AD21．如图所示，EF 和MN 两平行线将磁场分割为上、下两部分，磁场的磁感应强度大小为B ，方向垂直纸面向里．现有一质量为m 、电荷量为q 的带电粒子(不计重力)从EF 线上的A 点以速度v 斜向下射入EF 下方磁场，速度与边界成30°角，经过一段时间后正好经过C 点，经过C 点时速度方向斜向上，与EF 也成30°角，已知A 、C 两点间距为L ，两平行线间距为d ，下列说法中正确的是( )A ．粒子不可能带负电荷B ．磁感应强度大小可能满足B ＝mv qLC ．粒子到达C 点的时间可能为7πm 3Bq ＋4dvD ．粒子的速度可能满足v ＝L －23nd Bqm(n ＝0,1,2,3，…)解析：若粒子带负电，粒子可沿图甲轨迹通过C 点，所以A 错误；如果粒子带正电，且直接偏转经过C 点，如图乙所示，则R ＝L ，由Bqv ＝mv 2R 得B ＝mvqL，所以B 正确；在图丙所示情形中粒子到达C 点所用时间正好为7πm 3Bq ＋4dv，则C 正确；由于带电粒子可以多次偏转经过C 点，如图丁所示，由几何知识可知，L ＝2nd tan 60°＋2R sin 30°，则R ＝L －23nd ，根据R ＝mv Bq 可得，v ＝L －23nd Bq m(n ＝0，1,2,3，…)，D 正确．答案：BCD。

2018届高三物理二轮复习第2部分考前冲刺方略计算题

计算题型规范练(四)建议用时：20分钟1．(12分)如图所示，光滑水平轨道与半径为R 的光滑竖直半圆轨道在B 点平滑连接．在过圆心O 的水平界面MN 的下方分布有水平向右的匀强电场．已知半径为R 的光滑竖直半圆轨道下半部分绝缘(可使小球的电荷量保持不变)，上半部分是导体(可使小球的电荷量迅速消失)，在C 点设置一压力传感器．A 、B 两点间的距离为2R ，图中P 点恰好在A 点的正上方，重力加速度为g .现有一个质量为m 、电荷量为q 的带正电小球(可视为质点)从水平轨道上的A 点由静止释放，小球运动到C 点离开半圆轨道后，经界面MN 上的P 点进入电场．(1)小球经过C 点时压力传感器的读数为多少？(2)小球在半圆轨道上运动到何处时速率最大？最大速率是多少？解析：(1)小球离开C 点后做平抛运动，根据平抛运动规律得2R ＝v C t ，(1分)R ＝12gt 2(1分)设传感器对小球的压力为F ，在C 点，由牛顿第二定律得F ＋mg ＝m v 2C R (1分)联立解得F ＝mg .(1分)因此小球经过C 点时压力传感器的读数为mg .(2)小球从A 到C 由动能定理得qE ·3R －mg ·2R ＝12m v 2C (2分)解得E ＝mg /q .(1分)设小球运动到圆周D 点时速度最大为v ，OD 与竖直线OB 夹角为α，小球从A 运动到D 的过程，根据动能定理得qE (2R ＋R sin α)－mgR (1－cos α)＝12m v 2(2分)即v 2＝2gR (sin α＋cos α＋1)根据数学知识可得，当α＝45°时速率最大由此可得最大速率v m ＝(2＋22)gR .(3分)答案：(1)mg (2)α＝45°时 v m ＝(2＋22)gR2．(20分)如图所示的虚线PQ 上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，S 为磁场边界PQ 上的点，两质量均为m 、电荷量均为q 的带负电粒子1和带正电粒子2分别以图示方向的速度从S 点射入磁场，粒子1和粒子2的速度大小分别为v 1＝v 0、v 2＝3v 0，且α＝30°、β＝60°，经过一段时间两粒子同时到达磁场的边界．忽略两粒子的重力以及两粒子之间的相互作用．(1)到达磁场边界时，粒子1和粒子2之间的距离为多少？(2)粒子1和粒子2射入磁场的时间间隔为多少？(3)如果在PQ 下方的纸面内加一匀强电场，并且使粒子1在该电场中的轨迹为直线，经过一段时间的运动，两粒子在电场中相遇，求该电场的电场强度大小与方向．解析：(1)两粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，轨迹如图所示根据牛顿第二定律有q v B ＝m v 2r (2分)粒子1圆周运动的圆心角θ1＝5π3，SM ＝2r 1sin α(1分)粒子2圆周运动的圆心角θ2＝4π3，SN ＝2r 2sin β(1分)联立得d ＝SM ＋SN ＝4m v 0qB (1分)(2)粒子圆周运动的周期为T ＝2πr v ＝2πm qB (2分)粒子1在匀强磁场中运动的时间为t 1＝θ12πT (1分)粒子2在匀强磁场中运动的时间为t 2＝θ22πT (1分)所以有Δt ＝t 1－t 2＝πm 3qB (2分)(3)由题意，电场强度的方向应与粒子1穿出磁场时的速度方向平行a ．若电场强度的方向与PQ 成30°角斜向右上方，则粒子1做匀加速直线运动，粒子2做类平抛运动由牛顿第二定律有qE ＝ma (1分)d cos 30°＝v 1t ＋12at 2＋12at 2(1分) d sin 30°＝v 2t (1分)解得E ＝3B v 0(1分)b ．若电场强度的方向与PQ 成30°角斜向左下方，则粒子1做匀减速直线运动，粒子2做类平抛运动由牛顿第二定律有qE ＝ma (1分)d cos 30°＝v 1t －12at 2－12at 2(1分)d sin 30°＝v 2t (1分)解得E ＝－3B v 0，假设不成立(1分)综上所述，电场强度的大小为E ＝3B v 0，方向与PQ 成30°角斜向右上方(1分) 答案：见解析。

2018年高考物理二轮专题总复习：选择题满分专练一含

光滑平行的导轨水平固定在竖直向下的匀强磁场中导轨左端接有电阻R，导轨上垂直导轨放着一根金点．下列关于该粒子的说法正确的是B ．初速度为v ＝B ED ．比荷为q ＝E 2A．升压变压器的输出电压增大B．降压变压器的输出电压增大C．输电线上损耗的功率增大D．输电线上损耗的功率占总功率的比例不变解析：发电厂输出功率的增大，升压变压器的输出电压不变，由于输电线电流增大，输电线损失电压增大，降压变压器的输出电压减小，输电线上损耗的功率增大，选项A、B错误，C正确；输电线上损耗的功率占总功率的比例增大，选项D错误．答案：C19．下列选项中所描述的a、b两点的电场强度和电势均相同的是()A．离正点电荷等距的任意两点a、b，如图甲所示B．两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的两点a、b，如图乙所示C．两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的两点a、b，如图丙所示D．静电场中到达静电平衡时的导体内部任意两点a、b，如图丁所示解析：图甲中a、b两点的电势相等，电场强度大小相等但方向不同，A错；图乙中，两个等量异种点电荷连线的中垂线为等势线，a、b两点的电场强度大小相等，方向均与等量异种点电荷的连线平行且向左，所以，a、b两点的电势和电场强度均相同，B对；图丙中，根据对称性，a、b点电势相等，电场强度大小相等但方向相反，C错；图丁中，导体达静电平衡时，导体内部电势处处相等，电场强度处处为零，D对．答案：BD20.质量为M的斜面体放在光滑水平地面上，其倾角为θ＝30°，斜斜面体缓慢移动的过程中各物体均处于动态平衡状态，＋μF N，其中斜面对物块的支持力不变，斜面对物块的摩擦力不变，因此绳的拉力不变，弹簧30°的足够长的固定粗糙斜面上时刻自斜面底端以某一初速度沿斜面向上。

2018版高中物理二轮复习选择题标准练二含答案精品

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选择题标准练(二)满分48分,实战模拟,20分钟拿下高考客观题满分!说明:共8小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,第1～5题只有一项符合题目要求,第6～8题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

1.下列叙述中,正确的是( )A.康普顿效应实验说明光具有波动性B.重核裂变和轻核聚变都会产生质量亏损C.若黄光照射某金属能发生光电效应,用紫光照射该金属不能发生光电效应D.根据玻尔理论,氢原子从高能态跃迁到低能态时,原子向外释放光子,原子电势能和核外电子的动能均减小【解析】选B。

康普顿效应实验说明光具有粒子性,故A错误;重核裂变和轻核聚变都会产生质量亏损,故B正确;因紫光的频率高于黄光的频率,故若黄光照射某金属能发生光电效应,用紫光照射该金属一定能发生光电效应,故C错误;氢原子辐射出一个光子后,原子能量减小,轨道半径减小,根据k=m知,核外电子的动能增大,原子能量等于动能和电势能之和,则电势能减小,故D错误。

2.如图所示为一对等量异种点电荷,电量分别为+Q、-Q。

实线为电场线,虚线圆的圆心O在两电荷连线的中点,a、b、c、d为圆上的点,下列说法正确的是( )世纪金榜导学号49294233A.a、b两点的电场强度相同B.b、c两点的电场强度相同C.c点的电势高于d点的电势D.d点的电势等于a点的电势【解析】选D。

a、b、c、d在同一个圆上,电场线的疏密表示场强的强弱,故四点场强大小相等,但是方向不同,故选项A、B错误;沿电场线方向电势降低,故c点电势低于d点电势,选项C错误;a、d两点对称,故电势相等,选项D正确。

3.如图所示为甲、乙两物体从同一位置出发沿同一方向做直线运动的v-t图象,其中t2=2t1,则下列判断正确的是( )A.甲的加速度比乙的大B.t1时刻甲、乙两物体相遇C.t2时刻甲、乙两物体相遇D.0～t1时间内,甲、乙两物体之间的距离逐渐减小【解析】选C。

2018届高三物理二轮复习第2部分考前冲刺方略计算题型规范练2 含答案

计算题型规范练(二)建议用时：20分钟1．(14分)如图所示，一质量m ＝0.4 kg 的小物块，以v 0＝2 m/s 的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F 作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t ＝2 s 的时间物块由A 点运动到B 点，A 、B 之间的距离L ＝10 m ．已知斜面倾角θ＝30°，物块与斜面之间的动摩擦因数μ＝33.重力加速度g 取10 m/s 2.(1)求物块加速度的大小及到达B 点时速度的大小；(2)拉力F 与斜面夹角多大时，拉力F 最小？拉力F 的最小值是多少？解析：(1)设物块加速度的大小为a ，到达B 点时速度的大小为v ，由运动学公式得L ＝v 0t ＋12at 2 ①(1分)v ＝v 0＋at ②(1分)联立①②式，代入数据得a ＝3 m/s 2 ③(1分)v ＝8 m/s .④(1分)(2)设物块所受支持力为F N ，所受摩擦力为F f ，拉力与斜面间的夹角为α，受力分析如图所示，由牛顿第二定律得F cos α－mg sin θ－F f ＝ma ⑤(2分)F sin α＋F N －mg cos θ＝0⑥(2分)又F f ＝μF N ⑦(1分)联立⑤⑥⑦式得F ＝mg (sin θ＋μcos θ)＋ma cos α＋μsin α⑧(1分)由数学知识得cos α＋33sin α＝233sin(60°＋α) ⑨(2分)由⑧⑨式可知对应F 最小的夹角α＝30° ⑩(1分)联立③⑧⑩式，代入数据得F 的最小值为F min ＝1335 N ⑪(1分)答案：(1)3 m/s 2 8 m/s (2)30° 1335 N2．(18分)在直角坐标系xOy 中，第一象限内存在沿y 轴负方向的有界电场，其中的两条边界分别与Ox 、Oy 重合．在第二象限内有垂直纸面向里的有界磁场(图中未画出)，磁场边界为矩形，其中的一个边界与y 轴重合，磁感应强度的大小为B .一个质量为m 、电荷量为q 的正离子，从电场中P 点以某一初速度沿负x 方向开始运动，经过坐标(0，L )的Q 点时，速度大小为v Q ＝BqL 3m ，方向与负y 方向夹角为30°，经磁场偏转后能够返回电场，离子重力不计．求：(1)正离子在P 点的初速度；(2)矩形磁场在x 方向的最小宽度；(3)离子在磁场中运动的最长时间．解析：(1)离子从P 到Q 在电场力作用下做类平抛运动，由于v Q ＝BqL 3m ，所以v 0＝v x ＝v Q sin 30°＝BqL 6m .(5分)(2)离子离开电场后，可能直接进入磁场偏转后返回电场，也可能先做一段直线运动，然后再进入磁场偏转后返回电场．由于qB v Q ＝m v 2Q R ，所以R ＝13L .(4分)离子离开电场后直接进入磁场，偏转圆心角为60°.此时磁场在x 方向宽度最小，磁场的最小宽度：L 3－L 3cos 30°＝L 6(2－3)．(4分)(3)离子离开电场后，先做直线运动，再进入磁场，最后通过O 点返回电场．随着磁场区域下移，离子在磁场偏转的圆心角增大，运动时间变长，在磁场中偏转的最长时间为t ＝13T ＝13·2πm qB ＝2πm 3qB .(5分)答案：(1)BqL 6m (2)L 6(2－3) (3)2πm 3qB。

2018届高三物理通用二轮复习高考仿真冲刺卷二含解析精品

高考仿真冲刺卷(二)(建议用时:60分钟满分:110分)二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,第14～18题只有一项符合题目要求,第19～21题有多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.14.U的衰变有多种途径,其中一种途径是先衰变成Bi,然后可以经一次衰变变成X(X代表某种元素),也可以经一次衰变变成Ti,最后都衰变成Pb,衰变路径如图所示,下列说法中正确的是( )A.过程①是β衰变,过程③是α衰变;过程②是β衰变,过程④是α衰变B.过程①是β衰变,过程③是α衰变;过程②是α衰变,过程④是β衰变C.过程①是α衰变,过程③是β衰变;过程②是β衰变,过程④是α衰变D.过程①是α衰变,过程③是β衰变;过程②是α衰变,过程④是β衰变15. 如图,物体P静止于固定的斜面上,P的上表面水平,现把物体Q 轻轻地叠放在P上,由此可求出( )A.P与斜面间的摩擦力B.P与Q间的摩擦力C.P对斜面的正压力D.斜面的倾角16. 金属容器置于绝缘板上,带电小球用绝缘细线悬挂于容器中,容器内的电场线分布如图所示.容器内表面为等势面,A,B为容器内表面上的两点,下列说法正确的是( )A.A点的电场强度比B点的电场强度大B.小球表面的电势比容器内表面的电势低C.将检验电荷从A点移到B点,电场力做负功D.将检验电荷从A点沿不同路径移到B点,电场力做的功均为零17.如图所示,斜面与水平面之间的夹角为37°,在斜面底端A点正上方高度为8 m处的O点,以4 m/s的速度水平抛出一个小球,飞行一段时间后撞在斜面上,这段飞行所用的时间为(已知sin 37°=0.6, cos 37°=0.8,取g=10 m/s2)( )A.2 sB. sC.1 sD.0.5 s18. 如图所示,一水平面内固定两根足够长的光滑平行金属导轨,导轨上面横放着两根完全相同的铜棒ab和cd,构成矩形回路,在整个导轨平面内都有竖直向上的匀强磁场B.开始时,棒cd静止,棒ab有一个向左的初速度v0,则关于两棒以后的运动,下列说法正确的是( )A.ab棒做匀减速直线运动,cd棒做匀加速直线运动B.ab棒减小的动量等于cd棒增加的动量C.ab棒减小的动能等于cd棒增加的动能D.两棒一直运动,机械能不断转化为电能19. 2017年4月20日,中国第一艘货运飞船搭乘长征七号火箭发射升空,4月22日与天宫二号交会对接形成组合体,27日完成首次推进剂在轨补加试验,填补了中国航天的一个空白. 6月15日18时28分,天舟一号货运飞船与天宫二号空间实验室顺利完成了第二次推进剂在轨补加试验(俗称太空加油),进一步验证了这一关键技术的可靠性.若已知“货运飞船”与“天宫二号”对接后,组合体在时间t内沿圆周轨道绕地球转过的角度为θ,组合体轨道半径为r,地球表面重力加速度为g,引力常量为G,不考虑地球自转.则( )A.可求出地球的质量B.可求出地球的平均密度C.可求出组合体做圆周运动的线速度D.可求出组合体受到地球的万有引力20.某同学在实验室中研究远距离输电.由于输电线太长,他将每100米导线卷成一卷,共卷成8卷来代替输电线路(忽略输电线路的电磁感应).在输送功率相同时,第一次直接将输电线与学生电源及用电器相连,测得输电线上损失的功率为P1,第二次采用如图所示的电路输电,其中理想变压器T1与电源相连,其原、副线圈的匝数比为n1∶n2,理想变压器T2与用电器相连,测得输电线上损失的功率为P2.下列说法正确的是( )A.前后两次实验都可用于研究远距离直流输电B.实验可以证明,T1采用升压变压器匝数比为>1能减小远距离输电的能量损失C.若输送功率一定,则P2∶P1=n1∶n2D.若输送功率一定,则P2∶P1=∶21. 一辆汽车在平直的公路上运动,运动过程中先保持某一恒定加速度,后保持恒定的牵引功率,其牵引力和速度的图像如图所示.若已知汽车的质量m、牵引力F1和速度v1及该车所能达到的最大速度v3,运动过程中所受阻力恒定,则根据图像所给的信息,下列说法正确的是( )A.汽车行驶中所受的阻力为B.汽车匀加速运动的过程中牵引力的冲量大小为C.速度为v2时的加速度大小为D.若速度为v2时牵引力恰为,则有v2=2v1三、非选择题:包括必考题和选考题两部分,第22～25题为必考题,每个试题考生都必须作答.第33～34题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共47分.22.(6分)实验小组的同学利用弹簧测力计在水平放置的方木板上做“验证共点力的合成规律的实验”.(1)同学们用坐标纸记下某次橡皮筋的结点位置O以及两弹簧测力计施加的拉力的大小和方向,如图(甲)所示.图中每个正方形小格边长均表示1.0 N,利用作图法可知F1与F2的合力大小为N.(结果保留两位有效数字)(2)实验时,第一次用两个弹簧测力计、第二次用一个弹簧测力计将橡皮筋的结点拉到同一位置,其目的是为了. (3)不改变测力计1的示数F1的大小,逐渐减小两个弹簧测力计之间的夹角.为使结点O位置保持不变,则另一测力计2的示数将(填“增大”“减小”或“不变”).23.(9分)某同学欲将量程为200 μA的电流表G改装成电压表.(1)该同学首先采用如图所示的实验电路测量该电流表的内阻R g,图中R1,R2为电阻箱.他按电路图连接好电路,将R1的阻值调到最大,断开开关S2,闭合开关S1后,调节R1的阻值,使电流表的指针偏转到满刻度,接下来他应该正确操作的步骤是(选填下列步骤前的字母代号),最后记下R2的阻值;A.闭合S2,调节R1和R2的阻值,使电流表的指针偏转到满刻度的一半B.闭合S2,保持R1不变,调节R2的阻值,使电流表的指针偏转到满刻度的一半(2)如果按正确操作步骤测得R2的阻值为120 Ω,则认为R g的阻值大小为(选填字母代号);A.60 ΩB.120 ΩC.240 ΩD.360 Ω(3)如果该同学在调节R1使电流表满偏过程中,发现电流表指针满偏时,R1的接入阻值不到其总阻值的二分之一.为了减小实验误差,该同学可以采取下列措施中的(选填字母代号);A.将R2换成一个最大阻值更大的电阻箱B.将R1换成一个最大阻值为现在二分之一的电阻箱C.将电源换成一个电动势为现在电源两倍、内阻可以忽略的电源D.将电源换成一个电动势为现在电源二分之一、内阻可以忽略的电源(4)利用上述方法测量出的电流表内阻值(选填“大于”或“小于”)该电流表内阻的真实值.(5)依据以上的测量数据可知,若把该电流表改装成量程为3 V的电压表,需与该表(选填“串”或“并”)联一个阻值为Ω的定值电阻.24. (12分)如图所示,光滑水平直导轨上有三个质量均为m的物块A,B,C,物块B,C静止,物块B的左侧固定一轻弹簧(弹簧左侧的挡板质量不计);让物块A以速度v0朝B运动,压缩弹簧;当A,B速度相等时,B 与C恰好相碰并粘接在一起,然后继续运动.假设B和C碰撞过程时间极短.那么从A开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中,求.(1)A,B第一次速度相同时的速度大小;(2)A,B第二次速度相同时的速度大小;(3)弹簧被压缩到最短时的弹性势能大小.25.(20分)空间中有一直角坐标系,其第一象限在圆心为O1、半径为R、边界与x轴和y轴相切的圆形区域内,有垂直于纸面向里的匀强磁场(图中未画出),磁感应强度大小为B;第二象限中存在方向竖直向下的匀强电场.现有一群质量为m,电荷量为q的带正电的粒子从圆形区域边界与x轴的切点A处沿纸面上的不同方向射入磁场中,如图所示.已知粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径均为R,其中沿AO1方向射入的粒子恰好到达x轴上与O点距离为2R的N点,不计粒子的重力和它们之间的相互作用力,求:(1)粒子射入磁场时的速度大小及电场强度的大小;(2)速度方向与AO1夹角为60°(斜向右上方)的粒子到达y轴所用的时间.(二)选考题:共15分.(请考生从给出的2道物理题中任选一题作答)33.[物理——选修3-3](15分)(1)(5分)下列说法中正确的是(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错1个扣3分,最低得分为0分).A.知道阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度,可以估算出该气体中分子间的平均距离B.一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程,则气体对外界做功,气体分子的平均动能减小.C.布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的分子无规则运动的反映D.没有摩擦的理想热机可以把吸收的能量全部转化为机械能E.一定量100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气,其分子之间的势能增加(2)(10分)如图,一个质量为m的T型活塞在汽缸内封闭一定量的理想气体,活塞体积可忽略不计,距汽缸底部h0处连接一U形细管(管内气体的体积忽略不计).初始时,封闭气体温度为T0,活塞距离汽缸底部为 1.8h0,两边水银柱存在高度差.已知水银密度为ρ,大气压强为p0,汽缸横截面积为S,活塞竖直部分高为1.2h0,重力加速度为g,求:①通过制冷装置缓慢降低气体温度,当温度为多少时两边水银面恰好相平;②从开始至两水银面恰好相平的过程中,若气体放出的热量为Q,求气体内能的变化.34.[物理——选修3-4](15分) (1)(5分)如图(甲)所示,沿波的传播方向上有六个质点a,b,c,d,e,f,相邻两质点之间的距离均为2 m,各质点均静止在各自的平衡位置,t=0时刻振源a开始做简谐运动,取竖直向上为振动位移的正方向,其振动图像如图(乙)所示,形成的简谐横波以2 m/s的速度水平向右传播,则下列说法正确的是(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分).A.波传播到质点c时,质点c开始振动的方向沿y轴正方向B.0～4 s内质点b运动的路程为12 cmC.4～5 s内质点d的加速度正在逐渐减小D.6 s时质点e第一次回到平衡位置E.各质点都振动起来后,a与c的振动方向始终相同(2)(10分)如图所示,半径R=4 cm的圆形玻璃砖,AB为玻璃砖的直径.一束光线平行于直径AB射向玻璃砖左侧界面,且光束到AB的距离d=6 cm,光线经玻璃砖折射后由B点射出.已知光在真空中的传播速度c=3.0×108 m/s,求:①玻璃砖的折射率;②光线在玻璃砖中传播的时间.高考仿真冲刺卷(二)14.Bβ衰变产生电子,质量数不变,核电荷数加1;α衰变产生氦核,质量数减少4,核电荷数减2.过程①中的质量数不变,是β衰变;过程③的质量数减少4,是α衰变;过程②的核电荷数减少2,是α衰变;过程④的核电荷数加1,是β衰变.15.B没有放Q时,对P受力分析,受重力、支持力、静摩擦力,根据平衡条件有,支持力N=Mgcos θ;沿斜面向上的摩擦力f=Mgsin θ;且Mgsin θ≤μMgcos θ.当Q放在P上方时,整体有(M+m)gsin θ≤μ(M+m)gcos θ,所以系统仍然静止;两个物体的质量和斜面倾角不知道,所以无法求解摩擦力大小,也无法求解P对斜面的正压力,A,C,D错误;由于系统静止且P的上表面水平,所以Q受到的摩擦力为零,B正确;两个物体的质量和斜面倾角不知道.16.D电场线越疏,电场强度越弱,电场线越密,电场强度越强,由图可知,A点的电场强度比B点的小,故A错误;根据沿着电场线方向电势降低,可知小球表面的电势比容器内表面的高,故B错误;因A,B在同一等势面上,将检验电荷从A点沿不同路径到B点,电场力所做的功均为零,C错误,D正确.17.C设飞行的时间为t,则x=v0t,h=gt2由几何关系,tan 37°=代入数据,解得t≈1 s.18.B当金属棒ab向左运动后,由于切割磁感线产生感应电流,于是ab受到向右的安培力,cd受到向左的安培力,故ab向左做减速运动,cd向左做加速运动,随速度的变化,感应电流逐渐减小,安培力减小,故两棒的加速度减小,两棒做加速度减小的变速运动,最后当两棒共速时达到稳定速度,选项A错误;两棒运动过程中,因为两棒组成系统所受合外力为零,故动量守恒,则ab棒减小的动量等于cd棒增加的动量,选项B正确;由能量关系可知,ab棒减小的动能等于cd棒增加的动能与产生的电能之和,选项C错误;当两棒最终匀速运动时,两棒中无感应电流产生,此时无电能产生,选项D错误.19.ABC组合体绕地球运动的角速度为ω=,根据公式G=mω2r可得M=,A正确;忽略地球自转,在地球表面万有引力等于重力,即G=m'g,即可求得地球半径,根据ρ=可求得地球密度,B正确;根据v=ωr可得组合体做圆周运动的线速度,C正确;由于不知道组合体质量,所以无法求解其受到地球的万有引力大小,D错误.20.BD变压器只能改变交变电流的电压,所以第二次实验只能研究远距离交流输电,故A错误;T1采用升压变压器能减小输电电流,从而减小远距离输电的能量损失,故B正确;第一次实验输电线上的电流I=,输电线上损失的功率P1=I2R=R;第二次实验,升压变压器副线圈上的电压U2=U1,输电线上的电流I'=,输电线上损失的功率P2=I'2R=R,所以==,故D正确,C错误.21.AD根据牵引力和速度的图像和功率P=Fv得汽车运动中的最大功率F1v1,该车达到最大速度时加速度为零,此时阻力等于牵引力,所以阻力f=,选项A正确;根据牛顿第二定律有恒定加速时,加速度a==-,匀加速的时间t==,则汽车匀加速运动的过程中牵引力的冲量大小为I=F1t=,故B错误;速度为v2时的牵引力是,根据牛顿第二定律,有速度为v2时加速度大小为a'=-,故C错误;若速度为v2时牵引力恰为,则=,则v2=2v1,选项D正确.22.解析:(1)以表示两力的线段作为邻边作平行四边形,平行四边形的对角线是两力的合力,合力如图所示,图中每个正方形小格边长均代表1.0 N,F1与F2的合力F≈6.5 N.(2)使合力与两个分力同时作用时的作用效果相同.(3)结点O位置保持不变,合力不变,不改变测力计1的示数F1的大小,逐渐减小两个弹簧测力计之间的夹角,以O点为圆心,F1为半径的圆弧上各点到F顶点的距离逐渐减小,测力计2的示数将减小.答案:(1)6.5 N(2)使力的作用效果相同(3)减小评分标准:每空2分23.解析:(1)闭合开关S1,调节R1的阻值,使电流表的指针偏转到满刻度,然后再闭合S2,保持R1不变,调节R2的阻值,使电流表的指针偏转到满刻度的一半,记下R2的阻值,B正确.(2)由实验步骤可知,电阻箱阻值不变,电路总电阻不变,电路总电流不变,电流表半偏时流过电阻箱电流等于电流表电流,由于它们两端电压相等,则它们电阻阻值相等,由此可知,电流表内阻R g=R2=120 Ω,B正确.(3)电流表指针满偏时R1的接入阻值小,说明电压小,故应将电源换成一个电动势为现在电源两倍、内阻可以忽略的电源,C正确.(4)实际上再闭合S2后电路的总电阻减小了,串联部分的总电流增大了;电流表半偏时,流过电阻箱的电流大于电流表的电流,电阻箱接入的电阻小于电流表的电阻,所以该测量值略小于实际值.(5)改装电压表,需要串联一个电阻分压,根据欧姆定律可得I g(R g+R)=3 V,代入数据解得R=Ω-120 Ω=14 880 Ω.答案:(1)B(2)B(3)C(4)小于(5)串14 880评分标准:(1)(3)(4)每空2分,(2)(5)每空1分.24.解析:(1)A,B接触的过程中,当第一次速度相同时,由动量守恒定律得,mv0=2mv1,解得v1=v0.(2分)(2)设A,B第二次速度相同时的速度大小为v2,对ABC系统,根据动量守恒定律mv0=3mv2解得v2=v0.(2分)(3)B与C接触的瞬间,B,C组成的系统动量守恒,有m=2mv3,解得v3=v0(2分)系统损失的机械能为ΔE=m2-·2m2=m(2分)当A,B,C速度相同时,弹簧的弹性势能最大.此时v2=v0(2分)根据能量守恒定律得,弹簧的最大弹性势能E p=m-(3m)-ΔE=m.(2分)答案:(1)v0(2)v0(3)m25.解析:(1)设粒子射入磁场时的速度大小为v,因在磁场中做匀速圆周运动的半径为R,由牛顿第二定律有qvB=m,(2分)得v=(2分)如图(甲)所示,因粒子的轨迹半径是R,故沿AO1方向射入的粒子一定从与圆心等高的D点沿x轴负方向射入电场,则粒子在电场中从D点到N点做类平抛运动,有2R=vt(2分)又因为R=t2(2分)解得E=.(2分)(2)对于速度v(斜向右上方)的粒子,轨迹如图(乙)所示,轨迹圆心为C,从M点射出磁场,连接O1M,四边形O1MCA是菱形,故CM垂直于x轴,速度方向偏转角度等于圆心角θ=150°,(2分)速度为v的粒子在磁场中运动的时间为t1=T=(2分)粒子离开磁场到y轴的距离MH=(2分)在无场区运动的时间t2==.(2分)故粒子到达y轴的时间为t=t1+t2=+.(2分)答案:(1)(2)+33.解析:(1)气体中分子间的平均距离d=,故知道阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度,可以估算出该气体中分子间的平均距离,选项A正确;一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程,气体对外界做功,内能减小,温度降低,气体分子的平均动能减小,选项B正确;布朗运动不是反映悬浮在液体中固体颗粒的无规则运动,是液体分子无规则运动的反映,选项C错误;根据热力学第二定律可知,即使是没有摩擦的理想热机也不可以把吸收的能量全部转化为机械能,选项D错误;一定量100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气,要吸收热量,分子动能不变,故其分子之间的势能增加,选项E正确.(2)①初态时,对活塞受力分析,可得气体压强p1=p0+体积V1=1.8h0S,温度T1=T0(2分)两边水银面相平时,汽缸内气体的压强p2=p0,此时活塞下端一定与汽缸底接触,V2=1.2h0S(2分)设此时温度为T2,由理想气体状态方程有=(2分)解得T2=.(2分)②从开始至活塞竖直部分恰与汽缸底接触,气体压强不变,外界对气体做功W=p1ΔV=(p0+)×0.6h0S(2分)由热力学第一定律得ΔU=0.6(p0S+mg)h0-Q.答案:(1)ABE(2)①②0.6(p0S+mg)h0-Q34.解析:(1)由振动图像可知,振动周期为2 s,波长为λ=vT=4 m;质点a开始起振的方向为y轴正方向,故波传播到质点c时,质点c开始振动的方向也沿y轴正方向,选项A正确;振动传到b点需要的时间为1 s,故在剩下的3 s内,质点b通过的路程为6A=12 cm,选项B正确;t=4 s时振动传到e点,此时d点在平衡位置向下振动,故4~5 s内质点d的加速度先逐渐增大,再逐渐减小,选项C错误;振动传到e点需时间4 s,故6 s时质点e正好振动一个周期第二次回到平衡位置,选项D错误;因a,c之间正好相差一个波长的距离,故各质点都振动起来后,a与c的振动方向始终相同,选项E正确.(2)①设入射角为i,折射角为r,在三角形△ODC中,sin i=,(1分)i=60°,(1分)故r=30°,(1分)n==.(2分)②BD=2Rcos r=12 cm,(2分)v==×108 m/s(2分)t==4×10-10s.(1分)答案:(1)ABE(2)①②4×10-10s。

山东、湖北部分重点中学2018届高三高考冲刺模拟考试(二)物理试卷word版含答案

齐鲁名校教科研协作体山东、湖北部分重点中学2018年高考冲刺模拟试卷理科综合物理试题一、选择题：（共8小题，14~18为单选，19~21为多选，每题6分，共48分）14、（原创，容易）如图所示，电源电动势为4V ，内阻内阻1Ω，电阻R 1=3Ω，R 2=R 3=4Ω，R 4=8Ω，电容器C=6.0μF ，闭合S 电路达稳定状态后，电容器极板所带电量为：（）A ．1.5×10-5C ；B ．3.010-5C ； C ．2.0×10-5C ；D ．2.1×10-5C 。

【答案】A【解析】由电路结构可知，电容器两极板间的电势差为2.5V ，由CU Q =可知A 项正确。

【考点】恒定电流、电容器15.（改编，简单）如图所示为用位移传感器和速度传感器研究某汽车刹车过程得到的速度—位移图像，汽车刹车过程可视为匀变速运动，则：（）A.汽车刹车过程中的加速度大小为2m/s 2；B.汽车刹车过程所用时间为10s ；C.当汽车运动的位移为5m 时，其速度为5m/s ；D.当汽车的速度为5m/s 时，运动的位移为7.5m 【答案】D【解析】由图可知物体做匀减速运动，结合匀变速直线运动的规律ax v v 2202=-可得到图10线的解析式为m /s 10100x v -=，故汽车的加速度为2m/s 5，A 错；初速度m/s 100=v ，故运动时间为2s ，B 错；当汽车位移为5m 时，带入解析式有m /s 25=v ，C 错，同理，D 对。

【考点】匀变速直线运动，运动图像16.（原创，中档）如图所示，边长为a 2的正方形ABCD 的四个顶点分别固定电荷量为+q 的点电荷，直线MN 过正方形的几何中心O 且垂直正方形平面，P 与O 点相距为a ，P 点的电场强度为E ，若将A 点的电荷换为-q 的点电荷，则P 点的电场强度的大小为（）A.2E B.43E C. E 2 D.22E【答案】D【解析】由几何关系及场强的叠加原理可知，每一个+q 点电荷在P 点的场强为E 42，将A 点的点电荷换位-q 后，该点电荷在P 点的场强大小没变，但方向反向，由叠加原理可知，D 选项正确。

2018全国高考冲刺物理模拟试题(二)(解析版)

2018全国高考冲刺物理模拟试题（二）（解析版）二、选择题（本题包括8小题，共48分。

每小题给出的四个选项中，14～17题只有一个选项符合题意，18～21题有多个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）17. 下列说法正确的是A. 质子、中子和氘核的质量分别为m1、m2、m3，则质子与中子结合为氘核的反应是人工核转变，放出的能量为（m3－m1－m2）c2B. 交流发电机由产生感应电动势的线圈（通常叫做电枢）和产生磁场的磁体组成，分为旋转电枢式发电机和旋转磁极式发电机，能够产生几千伏到几万伏的电压的发电机都是旋转电枢式发电机C. 1927年戴维孙和汤姆孙分别利用晶体做了电子束衍射实验，证实了电子的波动性并提出实物粒子也具有波动性D. 玻尔将量子观念引入原子领域，提出了轨道量子化与定态的假设，成功地解释了氢原子光谱的实验规律【答案】D【解析】根据爱因斯坦质能方程，当一个质子和一个中子结合成一个氘核时，质量亏损为，因此核反应放出的能量，故A错误；现在大型发电厂的发电机能够产生几千伏到几万伏的电压，输出功率可达几百万兆瓦，所以大多数发电机都是旋转磁极式发电机，故B 错误；1927年戴维孙和汤姆孙利用晶体得到了电子束的衍射图样，有力地证明了德布如意提出的物质波假设，C错误；玻尔原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，成功地解释了氢原子光谱的实验规律，D正确．18. 在光滑圆锥形容器中,固定了一根光滑的竖直细杆，细杆与圆锥的中轴线重合，细杆上穿有小环（小环可以自由转动,但不能上下移动），小环上连接一轻绳，与一质量为m的光滑小球相连，让小球在圆锥内做水平面上的匀速圆周运动，并与圆锥内壁接触。

如图所示，图a中小环与小球在同一水平面上，图b中轻绳与竖直轴成θ（θ<90°）角。

设图a和图b中轻绳对小球的拉力分别为T a和T b，圆锥内壁对小球的支持力分别为N a和N b，则在下列说法中正确的是A. T a一定为零，T b一定为零B. N a不一定为零，N b可以为零C. T a、T b是否为零取决于小球速度的大小D. N a、N b的大小与小球的速度无关【答案】C【解析】试题分析：小球在圆锥内做匀速圆周运动，对小球进行受力分析，合外力提供向心力，根据力的合成原则即可求解．对甲图中的小球进行受力分析，小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圆心提供向心力，所以可以为零，若等于零，则小球所受的重力及绳子拉力的合力方向不能指向圆心而提供向心力，所以一定不为零；对乙图中的小球进行受力分析，若为零，则小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圆心提供向心力，所以可以为零，若等于零，则小球所受的重力及绳子拉力的合力方向也可以指向圆心而提供向心力，所以可以为零，故C正确．19. 甲、乙图分别表示两种电压的波形，其中甲图所示的电压按正弦规律变化。

2018届高三物理二轮复习教师用书：考前第2天选考部分

板块三考前知识回扣考前第2天选考部分[回顾知识]选修3－31．两种分子模型(1)①球体，直径d＝36Vπ；②立方体，边长为d＝3V0，式中V0为分子体积，只适用于求固体或液体分子的直径．2．布朗运动：布朗运动是悬浮在液体中的颗粒的无规则运动，不是液体分子的运动，但是液体分子无规则运动的反映．3．分子力随分子间距离变化的关系图线与分子势能随分子间距离变化的关系图线的比较：(如图甲、乙所示)在图甲中，当r＝r0时分子间作用力为零．在图乙中，当r＝r0时分子势能最小，但不为零(规定无穷远处为零)．4．气体实验定律(1)玻意耳定律(等温变化)：pV＝C或p1V1＝p2V2.(2)查理定律(等容变化)：pT＝C或p1T1＝p2T2.(3)盖－吕萨克定律(等压变化)：VT＝C或V1T1＝V2T2.5．热力学第一定律如果系统和外界同时发生做功和热传递，那么外界对系统所做的功(W)加上外界传递给系统的热量(Q)等于系统内能的增加量(ΔU)．表达式：ΔU＝W＋Q式中，系统内能增加，ΔU>0；系统内能减小，ΔU<0；外界向系统传热，Q>0，系统向外界传热：Q<0；外界对系统做功，W>0，系统对外界做功，W<0.选修3－41．简谐运动的图象简谐运动的图象是正弦或余弦曲线．图象的应用：①可直观读取振幅、周期、各时刻的位移．②判定各时刻回复力、加速度及速度方向．③判定某段时间内位移、回复力、加速度、速度、动能、势能的变化情况．2．单摆的周期公式T＝2πl g.公式中l为单摆的等效摆长，是指悬点到摆球球心的距离．由周期公式可知，单摆的振动周期与摆球质量m和振幅A无关，只与摆长l和当地的重力加速度有关．3．波长、波速和频率的关系λ＝v T＝v f4．折射率公式n＝sinθ1sinθ2＝cv＝λλ′5．临界角公式光线从某种介质射向真空(或空气)时的临界角为C ，则sin C ＝1n ＝v c6．光的干涉现象 (1)双缝干涉①双缝的作用：将同一束光分为两束形成相干波源 ②Δx ＝ld λ＝|S 2P －S 1P |③产生亮暗条纹的条件是|S 2P －S 1P |＝nλ(亮)，|S 2P －S 1P |＝2n ＋12λ(暗)(n ＝0、1、2、3…)(2)薄膜干涉①形成：光照到薄膜上，由薄膜前、后表面反射的两列光波叠加而成．劈形薄膜干涉可产生平行相间条纹．②条纹：单色光出现明暗相间条纹，白光出现彩色条纹． ③应用：增透膜(其厚度为光在薄膜中波长的四分之一)、检查工件表面的平整度．[回顾方法]选修3－3 微观量的估算方法1．分子数N ＝nN A ＝m M N A ＝VV mol N A .2．分子质量m 0＝MN A.3．分子体积V 0＝V molN A.(对于气体，V 0为气体分子所占的空间体积)4．分子直径把固体、液体分子看成球形，则分子直径d＝36Vπ＝36VmolπN A把固体、液体分子看成立方体，则d＝3V0＝3VmolN A.选修3－4由波的传播方向判断质点振动方向的方法选修3－31．区分布朗运动与扩散现象．2．区分分子力随分子间距离变化图线与分子势能随分子间距离变化图线．3．区分“p－V”图象与“p－1V”图象．选修3－41．区分简谐运动与机械振动．2．区分振动图象与波动图象．3．区分绝对折射率与相对折射率．4．区分干涉图样和衍射图样．。

【高三物理试题精选】2018届高三物理下册复习冲刺信息新题(附参考答案)

2018届高三物理下册复习冲刺信息新题（附参考答案）
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湖北省孝感三中 2018届高三复习冲刺信息新题
物理卷（三）
本卷分选择题和非选择题两部分组成，共18小题，计120分限时90分钟
第 I 卷（选择题共48分）
一、选择题(本大题共8小题，每小题6分，满分48分,每小题给出四个答案中至少有一个是正确的，把正确答案全选出，每小题全选对的得6分，选对但不全得3分，有选错或不答的得0分)
1、如图所示，水平地面上。

处于伸直状态的轻绳一端拴在质量为m的物块上，另一端拴在固定于B点的本桩上．用弹簧称的光滑挂钩缓慢拉绳，弹簧称始终与地面平行．物块在水平拉力作用下缓慢滑动．当物块滑动至A位置，时，弹簧称的示数为F．则
A，物块与地面间的动摩擦因数为
B．木桩受到绳的拉力始终大于，
C．弹簧称的控力保持不变
D．弹簧称的拉力一直增大
2、在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思维法、建立理想模型法、假设法、类比法、微元法等。

以下关于所用研究方法的叙述正确的是A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点代替物体的方法是假设法
B．根据速度定义式，当时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法
C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验运用了控制变量法。

【高三物理试题精选】2018届高考物理二轮考前冲刺模拟试卷6套(含答案)

2018届高考物理二轮考前冲刺模拟试卷6套(含答案)
电学部分综合测试
1．(2018 江苏省苏北四市调研)关于涡流，下列说法中错误的是( )
冶炼炉电磁炉阻尼摆硅钢片
A．真空冶炼炉是利用涡流熔化金属的装置
B．家用电磁炉锅体中的涡流是由恒定磁场产生的
C．阻尼摆摆动时产生的涡流总是阻碍其运动
D．变压器的铁芯用相互绝缘的硅钢片叠成能减小涡流
解析用冶炼合金钢的真空冶炼炉，炉外有线圈，线圈中通入反复变化的电流，炉内的金属中产生涡流，涡流产生的热量使金属熔化，所以A正确；家用电磁炉使用的是交流电，交流电产生的是变化的磁场，不是恒定的磁场，故B错误；阻尼摆的铝盘以一定相对速度通过磁场区域时，在铝盘内会产生感应电流，因铝盘有电阻，电流做功，消耗机械能，因此产生阻碍铝盘运动的阻尼作用，故C正确；用绝缘的硅钢片做铁芯，是为了减小涡流，减小能量损失，所以D正确．答案 B
2．(2018 天津卷)如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷．一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么( )
A．若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷
B．微粒从M点运动到N点电势能一定增加
C．微粒从M点运动到N点动能一定增加
D．微粒从M点运动到N点机械能一定增加
解析微粒向下偏转，则微粒受到的电场力与重力的合力向下，若微粒带正电，只要电场力小于重力，就不能确定A、B板所带电荷的电性，A项错误；不能确定电场力的方向和微粒所带电荷的电性，因此不能确定电场力做功的正负，不能确定微粒从M点运动到N点电势能的变化，B项错误；由于电场力与重力的合力一定向下，因此微。

2018年高考物理冲刺压轴试卷(2)(含答案解析)

2018届高三物理压轴题二一．选择题：本题共8小题，每题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不选的得0分。

14．以下关于物理学史说法正确的是( )A. 奥斯特发现通电导线的周围存在磁场，并最早提出了场和场线B. 伽利略创造了逻辑推理与实验相结合的研究方法C. 笛卡尔测定了万有引力常量D. 牛顿提出了广义相对论15．一摩托车在t ＝0时刻由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的a t 图像如图所示，根据已知的信息，可知( )A. 摩托车的最大动能B. 摩托车在30 s 末的速度大小C. 在0～30 s 的时间内牵引力对摩托车做的功D. 10 s 末摩托车开始反向运动16．如图,水平桌面上固定有一半径为R 的光滑金属细圆环,环面水平,圆环总电阻为r;空间有一匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向竖直向下;一长度为2R 、电阻可忽略的导体棒AC 置于圆环左侧并与环相切,切点为棒的中点。

一拉力作用于棒中点使其以恒定加速度a 从静止开始向右运动,运动过程中棒与圆环接触良好。

下列说法正确的是( )A ．棒运动过程中产生的感应电流在棒中由A 流向CBCD ．棒经过环心时所受安培力的大小为216B R r17．如图甲所示，轻质弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上。

一质量为m 的小物块从轻弹簧上方且离地高度为h 1的A 点由静止释放，小物块下落过程中的动能E k 随离地高度h变化的关系如图乙所示，其中h 2～h 1段图线为直线。

已知重力加速度为g ，则以下判断中正确的是( )A. 当小物块离地高度为h2时，小物块的加速度恰好为零B. 当小物块离地高度为h3时，小物块的动能最大，此时弹簧恰好处于原长状态C. 小物块从离地高度为h2处下落到离地高度为h3处的过程中，弹簧的弹性势能增加了mg(h2－h3)D. 小物块从离地高度为h1处下落到离地高度为h4处的过程中，其减少的重力势能恰好等于弹簧增加的弹性势能18．两种不计重力的带电粒子M和N，以相同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是( )A. M带正电，N带负电B. 洛伦兹力对M、N做正功C. M的荷质比小于N的荷质比D. M的运行时间小于N的运行时间19．我国原计划在2017年底发射“嫦娥五号”探测器，实现月球软着陆以及采样返回，这意味着我国探月工程“绕、落、回”三步走的最后一步即将完成。

2018届高三物理二轮复习课件：第2部分考前冲刺方略-专题二重点知识一周回访考前第5天

考前第5天电场和磁场
一、概念公式 1．库仑定律 F＝kQr1Q2 2 2．电场强度的表达式 (1)定义式：E＝Fq (2)计算式：E＝krQ2 (3)匀强电场中：E＝Ud
3．电势差和电势的关系 UAB＝φA－φB 或 UBA＝φB－φA 4．电场力做功的计算 (1)普适：W＝qU (2)匀强电场：W＝Edq 5．电容的定义式 C＝QU＝ΔΔQU
2．物理关系式不仅反映了物理量之间的数值关系，也确定了单位间的关系．对于单位的分析是帮助我们检验研究结果正确性的一种方法．下面是同学们在研究平行板电容器充电后储存的能量 EC 与哪些量有关的过程中得出的一些结论，式中 C 为电容器的电容， U 为电容器充电后其两极板间的电压，E 为两极板间的电场强度， d 为两极板间的距离，S 为两极板正对面积，εr 为两极板间所充介质的相对介电常数(没有单位)，k 为静电力常量．请你分析下面给出的关于 EC 的表达式可能正确的是( )
7．如图所示为电流天平，可用来测定磁感应强度大小．天平的右盘挂有一匝数为 N 的矩形线圈，线圈下端悬在匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，当线圈中通有电流 I(方向如图)时，发现天平的左端高右端低，下列哪些调解方案可以使天平平衡( ) A．仅减小左盘砝码的质量 B．仅减小电流大小 C．仅增大线圈的宽度 L D．仅增加线圈的匝数
【临考必记】带电性质相同，其他量不同的带电粒子从静止经过同一加速电场加速后进入同一偏转电场，则射出偏转电场时具有相同的偏移量 y 和速度偏向角 θ，即打在荧光屏上同一点．
4．荧光屏上的偏移量 y0 粒子飞出偏转电场时，速度的反向延长线过在偏转电场中水平位移的中点．荧光屏上的偏移量 y0＝D＋L2tan θ，y0＝L＋L2Dy.
4．(多选)一长为 L、质量为 m 的水平通电直导体棒紧靠竖直粗糙绝缘面放置，磁感应强度为 B 的匀强磁场垂直导体棒，与水平方向成 θ 角斜向上，其剖面图如图所示，当导体棒中通有大小为 I 的图示电流时，导体棒处于静止状态，导体棒与绝缘面间的动摩擦因数为 μ，重力加速度为 g，已知绝缘面对导体棒的摩擦力为 f、弹力为 N，则( )

2018届高三物理二轮复习高考模拟标准练(一)( word版含答案)

高考模拟标准练(一)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

满分110分，考试时间60分钟。

(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)第Ⅰ卷(选择题共48分)二、选择题(本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14.如图所示为氢原子能级示意图的一部分，则下列说法正确的是()A．当氢原子处于不同的能级时，氢原子核外的电子在各处出现的概率是一样的B．氢原子从n＝4能级跃迁到n＝3能级比从n＝2能级跃迁到n＝1能级辐射出的光子的频率小C．当用能量为11 eV的电子撞击处于基态的氢原子时，氢原子一定不能跃迁到激发态D．当大量处于n＝4能级的氢原子向n＝1能级跃迁时，一定能释放出8种不同频率的光子解析：当氢原子处于不同的能级时，氢原子核外的电子在各处出现的概率是不一样的，选项A错误；由图可知，氢原子n＝4能级和n＝3能级间的能量差小于n＝2能级和n＝1能级间的能量差，由ΔE＝hν可知，能量差越小，辐射出的光子的频率就越小，选项B正确；氢原子吸收光子的能量跃迁时要求所吸收能量恰等于能级间的能量差，当用能量为11 eV的电子撞击处于基态的氢原子时，氢原子核外的电子可以吸收10.2 eV的能量，从n＝1能级跃迁到n＝2能级，从而使氢原子处于激发态，选项C错误；当大量处于n＝4能级的氢原子向n＝1能级跃迁时，最多能够释放6种不同频率的光子，选项D错误。

答案： B15.如图所示，方向未知的实线为一点电荷产生的电场线，虚线是电子仅在电场力作用下通过该电场区域时的运动轨迹，A、B为其运动轨迹上的两点，则下列说法正确的是()A ．该电场线一定是正点电荷产生的电场的电场线B ．A 点的电势一定低于B 点的电势C ．电子在A 点的电势能一定小于其在B 点的电势能D ．电子在A 点的加速度大小一定大于其在B 点的加速度大小解析：由电子运动的轨迹可知，电子在A 、B 两点受到的电场力沿电场线向右，故该电场线一定是负点电荷产生的电场的电场线，选项A 错误；电场方向沿电场线向左，A 点的电势一定高于B 点的电势，选项B 错误；由E p ＝qφ可知，电子在B 点的电势能一定大于其在A 点的电势能，选项C 正确；由电场线的疏密程度可知，B 点的场强大于A 点的场强，故电子在B 点受到的电场力大于其在A 点受到的电场力，结合牛顿第二定律可知，电子在B 点的加速度一定大于其在A 点的加速度，选项D 错误。

2018届山东省高三冲刺模拟(二)物理试题及答案精品

绝密★启用前试卷类型A山东省2018届高考模拟冲刺卷（二）理科综合物理说明：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分300分，考试时间150分钟。

第I卷（选择题共107分）一、选择题（共13小题，每小题5分，共65分。

每小题只有一个选项符合题意。

）二、选择题（共7小题，每小题6分，共42分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

）14．天文单位（简写AU）是天文常数之一，历史上定义为地球和太阳之间的平均距离，已知水星距离太阳约0.4 AU，木星距离太阳约5.2 AU，海王星距离太阳约30.1 AU，则通过估算判断下述行星公转角速度最接近10－9rad/s的是（）A．水星B．地球C．木星D．海王星15．一交流电压为u＝1002sin 100πt V，由此表达式可知（）A．用电压表测该电压，其示数为100 VB．该交流电压的周期为0.02 sC．将该电压加在“100 V，100 W”的灯泡两端，灯泡的实际功率小于100 WD．t＝1400s时，该交流电压的瞬时值为50 V16．从地面上以初速度v 0竖直的上抛出一质量为m 的小球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t 1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v 1，且落地前小球已经做匀速运动，则下列说法正确的是（）A ．小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也逐渐减小B ．小球抛出瞬间的加速度大小为g v v ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+101 C ．小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值最小D ．小球上升过程的平均速度小于20v17大的球上，球的大小不可忽略．一端加一个力F 慢拉上顶端，各处的摩擦不计，在这个过程中拉力F 的变化情况为（）A ．逐渐增大B ．保持不变C ．先增大后减小D ．先减小后增大18．在高度为h 、倾角为30°的粗糙固定的斜面上，有一质量为m 、与一轻弹簧拴接的物块恰好静止于斜面底端．物块与斜面的动摩擦因数为33，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现用一平行于斜面的力F 拉动弹簧的A 点，使m 缓慢上行到斜面顶端．此过程中（）A ．F 做功为2mghB ．F 做的功大于2mghC ．F 做的功等于物块克服重力做功与克服摩擦力做功之和D ．F 做的功等于物块的重力势能与弹簧的弹性势能增加量之和19．如图甲所示，Q 1、Q 2为两个被固定的点电荷，其中Q 1带负电，a 、b 两点在它们连线的延长线上．现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从a 点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），粒子经过a 、b 两点时的速度分别为v a 、v b ，其速度图象如图乙所示．以下说法中正确的是（）A ．Q 2一定带负电B ．Q 2的电量一定大于Q 1的电量C ．b 点的电场强度一定为零D ．整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大20．如图所示，间距为l 的光滑平行金属导轨与水平面夹角θ=30o ，导轨电阻不计，正方形区域abcd 内匀强磁场的磁感应强度为B ，方向垂直导轨向上。

2018届高三物理二轮复习高考模拟标准练(二)含解析

高考模拟标准练(二)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.满分110分，考试时间60分钟.(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)第Ⅰ卷(选择题共48分)二、选择题(本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14、(2017·重庆市西北狼教育联盟高级联考)现代科学的发展极大地促进了人们对原子、原子核的认识，下列有关原子、原子核的叙述正确的是( )A 、卢瑟福α粒子散射实验说明原子核内部具有复杂的结构B 、天然放射现象表明原子核内部有电子C 、轻核聚变反应方程有：21H ＋31H →42He ＋10nD 、氢原子从n ＝3能级跃迁到n ＝1能级和从n ＝2能级跃迁到n ＝1能级，前者跃迁辐射出的光子波长比后者的长解析：卢瑟福通过α粒子散射实验提出原子的核式结构模型，天然放射现象说明原子核内部具有复杂的结构，A 、B 错误；轻核聚变方程电荷数守恒、质量数守恒，C 正确；氢原子从n＝3能级跃迁到n ＝1能级放出的光子能量比从n ＝2能级跃迁到n ＝1能级的大，由公式E ＝hc λ，可知前者跃迁辐射出的光子波长比后者的短，D 错误.答案： C15、有一理想的降压变压器，四个标称均为“6V 、6W ”的小灯泡a 、b 、c 、d 以及理想电压表接在变压器上，电路如图所示.在1、2两端接交流电源(电压有效值为U )时，四个小灯泡均能正常发光.则下列说法正确的是( )A 、电压表的示数为24 VB 、电源电压U ＝24 VC 、变压器原、副线圈的匝数比为4∶1D 、变压器原线圈的输入功率为24 W解析：由题意可知流过每个小灯泡的电流均为I 0＝P 0U 0＝66A ＝1 A ，则副线圈的电流为I 2＝3I 0＝3 A ，原线圈的电流为I 1＝I 0＝1 A ，则由n 1n 2＝I 2I 1＝31，知C 错误；副线圈两端的电压为U 2＝6 V ，则由n 1n 2＝U 1U 2，可得原线圈两端的电压为U 1＝18 V ，即电压表的示数为18 V ，A 错误；电源电压为U ＝U 0＋U 1＝24 V ，B 正确；变压器的输入功率等于输出功率，即小灯泡b 、c 、d 消耗的功率之和18 W ，D 错误.答案： B 16.如图所示，两卫星A 、B 围绕地球做匀速圆周运动，已知两卫星的质量相等，卫星A 与地心的距离为r ，卫星A 的动能为E k ，卫星B 的动能比卫星A 小ΔE k .则卫星B 与地心的距离为( )A.E k E k －ΔE kr B 、E k ΔE k r C.ΔE k E k －ΔE k r D 、E k －ΔE k ΔE kr 解析：对任一卫星，根据其所受地球的万有引力等于向心力，得GMm r 2＝m v 2r，解得v ＝ GM r ，卫星动能的表达式为E k ＝12m v 2＝GMm 2r ，可得卫星A 的动能为E k ＝GMm 2r，假设卫星B 与地心的距离为r ′，卫星B 的动能为E k －ΔE k ＝G Mm 2r ′，联立解得r ′＝E k E k －ΔE kr ，A 正确. 答案： A17、一侧面光滑的截面为半圆的柱体放在水平面上，一可视为质点、重力为G 的小球放在如图所示的位置，用一表面光滑的平直挡板挡住，此时挡板的延长线恰好过半圆的圆心，且该连线与竖直方向的夹角为α＝30°.则下列说法正确的是( )A 、挡板对小球的支持力大小为32G B 、半圆柱体对小球的支持力大小为G 2C 、如果保持小球的位置不动，将挡板缓慢地顺时针转到水平位置，则该过程中，水平面对半圆柱体的摩擦力逐渐减小D 、如果保持小球的位置不动，将挡板缓慢地顺时针转到水平位置，则该过程中，挡板对小球的支持力逐渐增大解析：对小球受力分析如图1所示，则由力的平衡条件可知，F 1、F 2的合力与小球重力的关系为大小相等、方向相反，则挡板对小球的支持力大小为F 2＝G sin 30°＝G 2，A 错误；半圆柱体对小球的支持力大小为F 1＝G cos 30°＝3G 2，B 错误；如果保持小球的位置不动，将挡板缓慢地顺时针转到水平位置，则该过程中，图解如图2所示，显然在挡板顺时针转动的过程中，挡板对小球的支持力逐渐增大，半圆柱体对小球的支持力方向不变、大小逐渐减小，对半圆柱体受力分析可知，水平面对半圆柱体的摩擦力大小等于小球对半圆柱体压力的水平分量，则水平面对半圆柱体的摩擦力逐渐减小，C 正确，D 错误.答案： C18、一质量为m 的质点以速度v 0做匀速直线运动，在t ＝0时开始受到恒力F 作用，速度大小先减小后增大，其最小值为v ＝0.5v 0.由此可判断( )A 、质点受力F 作用后一定做匀变速曲线运动B 、质点受力F 作用后可能做圆周运动C 、t ＝0时恒力F 与速度v 0方向间的夹角为60°D 、t ＝3m v 02F时，质点速度最小解析：根据题述，质点在恒力作用下运动有最小速度，可知质点做类斜抛运动，质点受恒力F 作用后一定做匀变速曲线运动，选项A 正确，B 错误.质点在垂直恒力F 的方向上的分速度v ＝0.5v 0，由v ＝v 0sin θ，可知t ＝0时恒力F 与速度方向所在直线的夹角为θ＝30°，选项C 错误.由F ＝ma ，v 0cos θ＝at ，解得t ＝3m v 02F ，即t ＝3m v 02F时，质点在沿恒力F 的方向上的分速度减小到零，质点速度最小，选项D 正确.答案： AD19、已知均匀带电球壳内部电场强度处处为零，电势处处相等.如图所示，正电荷均匀分布在半球面上，Ox 为通过半球顶点与球心O 的轴线，A 、B 为轴上的点，且AO ＝OB ，则下列判断正确的是( )A 、A 、B 两点的电势相等B 、A 、B 两点的电场强度相同C 、点电荷从A 点移到B 点，电场力一定做正功D 、同一个负电荷放在B 点比放在A 点的电势能大解析：根据电荷产生电场，电场线由正电荷指向无穷远处，沿电场线方向电势降低可知A 点电势高于B 点，选项A 错误.设半球壳上电荷在A 点产生的电场强度为E A 1，半球壳上电荷在B 点产生的电场强度为E B 1，方向均沿x 轴正方向.设想另一完全相同的带电半球壳与该带电半球壳构成完整的带电球壳，由对称性可知，另一完全相同的带电半球壳在A 、B 两点产生的电场强度为E A 2＝E B 1，E B 2＝E A 1，方向均沿x 轴负方向.根据题述均匀带电球壳内部电场强度处处为零可知，E A 1－E A 2＝0，即E A 1＝E B 1，选项B 正确.正点电荷从A 点运动到B 点，电场力做正功，负点电荷从A 点运动到B 点，电场力做负功，选项C 错误.根据电势与电势能的关系可知，同一个负电荷放在B 点比放在A 点的电势能大，选项D 正确.答案： BD20、如图所示，质量为m ＝0.04 kg 、边长l ＝0.4 m 的正方形导体线框abcd 放置在一光滑绝缘斜面上，线框用一平行斜面的细线系于O 点，斜面倾角为θ＝30°.线框的一半处于磁场中，磁场的磁感应强度随时间变化关系为B ＝2＋0.5t (T)，方向垂直于斜面.已知线框电阻为R ＝0.5 Ω，重力加速度为g ＝10 m/s 2.则A 、线框中的感应电流方向为abcdaB 、t ＝0时，细线拉力大小F ＝0.2 NC 、线框中感应电流大小为I ＝80 mAD 、经过一段时间t ，线框可能沿斜面向上运动解析：根据楞次定律，线框中产生的感应电流方向为adcba ，选项A 错误.根据法拉第电磁感应定律，产生的感应电动势E ＝ΔB Δt ·l 22＝0.5×0.08 V ＝0.04 V ，感应电流I ＝E R＝0.08 A ，t ＝0时磁感应强度B 0＝2 T ，bc 边所受安培力F A ＝B 0Il ＝2×0.08×0.4 N ＝0.064 N ，由左手定则可判断出安培力方向沿斜面向上.对线框由平衡条件F ＋F A ＝mg sin 30°，解得细线中拉力F ＝0.136 N ，选项B 错误，C 正确.由安培力F A ′＝BIl ＝(2＋0.5t )×0.08×0.4 N ＝(0.064＋0.016t )N ，可知经过一段时间t ，安培力增大到大于线框重力沿斜面向下的分力时，线框沿斜面向上运动，选项D 正确.答案： CD21、如图甲所示，在光滑水平面上，轻质弹簧一端固定，物体A 以速度v 0向右运动压缩弹簧，测得弹簧的最大压缩量为x .现让弹簧一端连接另一质量为m 的物体B (如图乙所示)，物体A 以2v 0的速度向右压缩弹簧，测得弹簧的最大压缩量仍为x ，则( )A 、A 物体的质量为3mB 、A 物体的质量为2mC 、弹簧压缩最大时的弹性势能为32m v 20D 、弹簧压缩最大时的弹性势能为m v 20解析：对图甲，设物体A 的质量为M ，由机械能守恒定律可得，弹簧压缩x 时弹性势能E p ＝12M v 20；对图乙，物体A 以2v 0的速度向右压缩弹簧，A 、B 组成的系统动量守恒，弹簧达到最大压缩量时，A 、B 二者速度相等，由动量守恒定律，有M ·2v 0＝(M ＋m )v ，由能量守恒定律，有E p ＝12M ·(2v 0)2－12(M ＋m )v 2，联立解得M ＝3m ，E p ＝12M v 20＝32m v 20，选项A 、C 正确，B 、D 错误.答案： AC第Ⅱ卷(非选择题共62分)三、非选择题(包括必考题和选考题两部分.第22题～第25题为必考题，每个试题考生都必须作答.第33题～第34题为选考题，考生根据要求作答)(一)必考题(4小题，共47分)22、(6分)如图所示，某实验小组用光电数字计时器测量小车在斜面上下滑时的加速度，实验主要操作如下：①用游标卡尺测量挡光片的宽度d ；②测量小车释放处挡光片到光电门的距离x ；③由静止释放小车，记录数字计时器显示挡光片的挡光时间t ；④改变x ，测出不同x 所对应的挡光时间t .(1)用游标卡尺测量挡光片的宽度的结果如图，则挡光片的宽度d ＝________mm.(2)小车加速度大小的表达式为a ＝________(用实验中所测物理量符号表示).(3)根据实验测得的多组x 、t 数据，可绘制图象来得到小车运动的加速度，如果图象的纵坐标为x ，横坐标为1t 2，实验中得到图象的斜率为k ，则小车运动的加速度大小为________(用d 、k 表示).解析： (1)主尺读数为2 mm ，游标尺分度值为0.05 mm ，第12个刻度对齐，故游标尺读数为0.05×12 mm ＝0.60 mm ，故宽度为d ＝(2＋0.60) mm ＝2.60 mm.(2)挡光片通过光电门时，其瞬时速度等于平均速度，为v ＝d t，由v 2－v 20＝2ax 得，此小车的加速度大小为a ＝d 22xt 2. (3)由(2)知，a ＝d 22xt 2，所以x ＝d 22a ·1t 2，其斜率为k ＝d 22a ，得a ＝d 22k. 答案： (1)2.60(2分) (2)d 22xt 2(2分) (3)d 22k(2分) 23、(9分)某同学要测量一节干电池的电动势和内阻，备有下列器材：A 、待测的旧干电池一节；B 、电流表A 1(量程0～3 mA ，内阻R g1＝10 Ω)；C 、电流表A 2(量程0～0.6 A ，内阻R g2＝0.1 Ω);D 、滑动变阻器R 1(0～20 Ω，1.0 A)；E 、电阻箱R 0(0～9 999.9 Ω)；F 、开关和导线若干.(1)该同学发现上述器材中没有电压表，他想利用器材中的一个电流表和电阻箱改装成一个量程为0～3 V 的电压表，并设计了如图甲所示的a 、b 两个参考实验电路(虚线框内为改装电压表的电路)，其中合理的是________.(选填“a”或“b”)改装后电压表的内阻为R V ＝________Ω；(2)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片进行多次测量，图乙为某次测量时电流表A 2的指针偏转情况，由此时电流表A 2的读数为________A ；(3)实验结束后，该同学根据测得的多组I 1、I 2的读数(I 1为电流表A 1的示数，I 2为电流表A 2的示数)，以I 1为纵坐标、I 2为横坐标描点作图，绘出了I 1 -I 2图象.若测得该图象的纵截距为b ，斜率的绝对值为k ，则该电源的电动势E ＝________，内阻r ＝________(用b 、k 、R V 表示).解析： (1)由于滑动变阻器的最大阻值为20 Ω，所以一般情况下电路中的电流不会小于3 mA ，因此需要用电流表A 2来测量电流，将电流表A 1改装成电压表，故应选b 电路，改装后电压表的内阻为R V ＝U g I g＝1 000 Ω. (2)由电流表的读数规则可知，该电流表的读数为0.16 A.(3) 由闭合电路欧姆定律可得I 1R V ＝E －(I 1＋I 2)r ，整理可得I 1＝－r R V ＋r I 2＋E R V ＋r，即k ＝r R V ＋r ，b ＝E R V ＋r ，解得E ＝b 1－k R V ，r ＝k 1－k R V. 答案： (1)b(2分) 1 000(1分) (2)0.16(2分)(3)b 1－k R V (2分) k 1－k R V(2分) 24、(12分)随着机动车数量的增加，交通安全问题日益凸显.如图所示为某型号货车紧急刹车时(假设做匀减速直线运动)的v 2 -x 图象(v 为该货车的速度，x 为制动距离)，其中图线1为满载时符合安全要求的制动图象，图线2为严重超载时的制动图象.某路段限速72 km/h 是根据该型号货车满载时安全制动时间和距离确定的.现有一辆该型号的货车严重超载并以54 km/h 的速度行驶，通过计算求解下列问题.(1)求满载时制动加速度大小a 1、严重超载时制动加速度大小a 2；(2)驾驶员紧急制动时，该型号货车严重超载时的制动时间和制动距离是否符合安全要求？(3)若驾驶员从发现险情到采取紧急制动措施的反应时间为1 s ，则该型号货车满载时以72 km/h 的速度正常行驶的跟车距离至少应为多远？解析： (1)根据题意由匀变速直线运动的速度位移公式可得：v 2＝2ax ，(2分)则a ＝v 22x，由图可知，满载时加速度大小a 1＝5 m/s 2，严重超载时加速度大小a 2＝2.5 m/s 2.(2分)(2)由题意可知，该型号货车严重超载时的初速度大小为v 0＝54 km/h ＝15 m/s ，满载的最大安全速度为v m ＝72 km/h ＝20 m/s.由匀变速直线运动的规律可得其严重超载时制动时间t 1＝v 0a 2＝6 s ，制动距离x 1＝v 202a 2＝45 m.(1分) 满载时安全减速时间为t 2＝v m a 1＝4 s 制动距离为x 2＝v 2m 2a 1＝40 m.(2分) 由于t 1>t 2，x 1>x 2，故该型号货车严重超载时的制动时间和制动距离均不符合安全要求.(3)货车驾驶员在反应时间内匀速行驶的距离为x 3＝v m t ＝20 m.(1分)匀减速过程行驶的距离为x 4＝v 2m 2a 1＝40 m ，从发现险情到货车停止运动，货车行驶距离为x ＝x 3＋x 4＝60 m ，故从安全的角度考虑，跟车距离至少应为60 m. (4分)答案：见解析25、(20分)(2017·湖南长沙四县三月模拟)如图所示，互相绝缘且紧靠在一起的A 、B 物体，静止在水平地面上，A 的质量为m ＝0.04 kg ，带电荷量为q ＝＋5.0×10－5 C ，B 的质量为M ＝0.06 kg ，不带电.两物体与水平面间的动摩擦因数均为μ＝0.4，t ＝0时刻开始，空间存在水平向右的匀强电场，电场强度为E ＝1.6×104 N/C.设运动过程中小物块所带的电荷量没有变化.(1)求A 、B 的加速度及其相互作用力的大小；(2)若t ＝2 s 后电场反向，且场强减为原来的一半，求物体B 停下时两物体间的距离.解析： (1)对整体分析，由牛顿第二定律得qE －μ(M ＋m )g ＝(M ＋m )a (2分)所以，加速度大小a ＝qE －μ(M ＋m )g M ＋m＝4 m/s 2(2分) 隔离B 分析，根据牛顿第二定律有F －μMg ＝Ma (2分)解得F ＝μMg ＋Ma ＝0.48 N(2分)(2)t ＝2 s 时，A 、B 的速度大小v ＝2×4 m/s ＝8 m/s(1分)t ＝2 s 后电场反向，且场强减为原来的一半此时A 做匀减速运动的加速度大小a A ＝qE ′＋μmg m＝14 m/s 2(1分) B 做匀减速运动的加速度大小a B ＝μg ＝4 m/s 2(1分)B 速度减为零的时间t B ＝v a B＝2 s(1分) 减速到零的位移大小x B ＝v 22a B＝8 m(2分) A 速度减为零的时间t A 1＝v a A ＝47s 减速到零的位移大小x A 1＝v 22a A ＝167m(1分) 则A 反向做匀加速运动的加速度大小a A ′＝qE ′－μmg m＝6 m/s 2(2分) 则反向做匀加速直线运动的位移大小x A 2＝12a A ′(t B －t A 1)2＝30049m(2分) 则A 、B 的距离Δx ＝x A 2－x A 1＋x B ＝11.8 m.(1分)答案： (1)4 m/s 2 0.48 N (2)11.8 m(二)选考题(共15分.请考生从给出的2道题中任选一题解答.如果多做，则按所做的第一题计分)33、[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)一定质量的理想气体从状态a 开始，经历三个过程ab 、bc 、ca 回到原状态，其V －T 图象如图所示，p a 、p b 、p c 分别表示状态a 、b 、c 的压强，下列判断正确的是________.(填正确答案标号.选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分.每选错1个扣3分，最低得分为0分)A 、过程ab 中气体一定吸热B 、p c ＝p b >p aC 、过程bc 中分子势能不断增大D 、过程bc 中每一个分子的速率都减小E 、过程ca 中气体吸收的热量等于对外界做的功 (2)(10分)如图所示，粗细均匀的U 型管竖直放置，右端封闭，左管内有一个重力和摩擦都不计的活塞，管内水银把气体(可视为理想气体)分隔成A 、B 两部分.当大气压强为p 0＝75 cmHg ，温度为t 0＝27 ℃时，管内水银面在同一高度，两部分气体的长度均为L 0＝30 cm.(结果均保留三位有效数字)①现向上缓慢拉动活塞，使两管内水银面高度差为h ＝10 cm ，求活塞上升的高度L ；②然后固定活塞，再仅对左管气体加热，使A 气体温度升高.当左管内气体温度为多少摄氏度时，方可使右管内水银面回到原来的位置.解析： (1)由题图知，该理想气体从a 到b 为等容变化，外界对气体做功为零，温度升高，内能增大，根据ΔU ＝Q ＋W ，可知气体一定吸热，选项A 正确；从b 到c 为等压变化，故p c ＝p b ，而从a 到b 为等容变化，根据查理定律p ＝CT ，可知温度升高，压强变大，故p b >p a ，选项B 正确；理想气体没有分子势能，选项C 错误；从b 到c ，温度降低，分子的平均动能降低，平均速率减小，但不是每一个分子的速率都减小，选项D 错误；从c 到a ，气体发生等温变化，内能不变，气体对外界做功，吸收热量，根据ΔU ＝Q ＋W ，气体吸收的热量等于对外界做的功，选项E 正确.(2)①温度不变，根据玻意耳定律，对B 气体：p 0L 0S ＝p (L 0＋0.5h )S可得p ＝64.3 cmHg对A 气体：p 0L 0S ＝(p －h )L 1S解得L 1＝41.4 cmL ＝L 1＋0.5h －L 0＝16.4 cm②为使右管内水银面回到原来位置，左管内A 气体的压强应为p 0，长度应为L 1＋0.5h .由理想气体状态方程得p 0L 0S T 0＝p 0(L 1＋0.5h )S T解得T ＝464 K由T ＝t ＋273.15 K可得左管内A 气体温度为t ＝191 ℃.答案： (1)ABE (2)①16.4 cm ②191 ℃34、[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)两列简谐横波的振幅都是20 cm ，传播速度大小相同.实线波的频率为2 Hz ，沿x 轴正方向传播，虚线波沿x 轴负方向传播.某时刻两列波在如图所示区域相遇，则________.(填正确答案标号.选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分.每选错1个扣3分，最低得分为0分)A 、在相遇区域会发生干涉现象B 、实线波和虚线波的频率之比为3∶2C 、平衡位置为x ＝6 m 处的质点此刻速度为零D 、平衡位置为x ＝8.5 m 处的质点此刻位移y >20 cmE 、从图示时刻起再经过0.25 s ，平衡位置为x ＝5 m 处的质点的位移y <0(2)(10分)如图所示，一透明半圆柱体折射率为n ＝23，半径为R ，长为L .平行光束从半圆柱体的矩形表面垂直射入，部分柱面有光线射出.求该部分柱面的面积S .解析： (1)两列波的频率不同，相遇时不会发生干涉现象，选项A 错误；实线波和虚线波波长之比为2∶3，根据f ＝v λ知，实线波和虚线波的频率之比为3∶2，选项B 正确；平衡位置为x ＝6 m 处的质点，实线波和虚线波在该位置引起的振动都从平衡位置向y 轴正方向运动，因此该质点速度最大，选项C 错误；平衡位置为x ＝8.5 m 处的质点，实线波引起的振动位移y 1＝20×22 cm ＝10 2 cm ，虚线波引起的振动位移y 2＝20×12cm ＝10 cm ，此刻位移y ＝y 1＋y 2>20 cm ，选项D 正确；实线波周期T 1＝0.5 s ，从图示时刻起再经过0.25 s ，即实线波经过半个周期，平衡位置为x ＝5 m 处的质点，实线波引起的振动y 1＝－20 cm ，故质点的位移y <0，选项E 正确.(2)半圆柱体的横截面如图所示，OO ′为半圆的半径.设从A 点入射的光线在B 点处恰好满足全反射条件，由折射定律有n sin θ＝1，式中θ为全反射临界角，由几何关系得∠O ′OB ＝θ(3分)S ＝2×θ2π·2πR ·L (4分) 代入题给条件得S ＝2πRL 3(3分)2πRL 答案：(1)BDE(2)3。

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高考题型练
选择题型满分练(一)
建议用时：25分钟
本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．
1．下列关于物理学史或物理方法的说法中错误的是()
A．伽利略利用斜面研究自由落体运动时，使用了“外推”的方法，即当斜面的倾角为90°时，物体在斜面上的运动就变成了自由落体运动
B．运动的合成与分解是研究曲线运动的一般方法，该方法也同样适用研究匀速圆周运动
C．物理模型在物理学的研究中起了重要作用，其中“质点”“点电荷”“光滑的轻滑轮”“轻弹簧”等都是理想化模型
D．牛顿在发现万有引力定律的过程中使用了“月—地检验”
解析：选B.对于选项A和D，只要熟悉教材，即可顺利判断其是正确的．在曲线运动中，教材中选用了平抛运动和匀速圆周运动两个特例，但这两个曲线运动的研究方法是不同的．平抛运动的研究方法是运动的合成与分解；研究匀速圆周运动使用的方法是利用加速度的定义式和矢量差的知识推导出向心加速度公式，再利用牛顿第二定律得出向心力公式，故选项B错误．“质点”和“点电荷”没有大小，“光滑的轻滑轮”没有质量且不计摩擦力，“轻弹簧”没有质量，所以它们都是理想化模型．
2．如图所示，沿直线运动的小车内悬挂的小球A和小车水平底板上放置的物块B 都相对车厢静止．关于物块B受到的摩擦力，下列判断中正确的是()
A．物块B不受摩擦力作用
B．物块B受摩擦力作用，大小恒定，方向向左
C．物块B受摩擦力作用，大小恒定，方向向右
D．因小车的运动方向不能确定，故物块B受的摩擦力情况无法判断
解析：选B.分析小球A受力如图，拉力和重力的合力水平向左，即系统有向左的加速度，且a＝g tan θ，再对B分析受力可知车厢对B的摩擦力方向水平向左，大小恒定，B正确．
3．假设月球是质量分布均匀的球体．已知月球半径为r，飞行器仅在月球万有引力作用下在月球表面附近绕月球表面飞行一周用时为t，可以认为月球不自转，引力常量为G.则可以计算()
A．月球的第一宇宙速度
B．月球与地球之间的距离
C．飞行器的质量
D．飞行器静止在月球表面上时对月球表面的压力
解析：选A.根据T＝2πr
v可知，月球的第一宇宙速度为v＝
2πr
T，选项A正确；无法
计算月球与地球之间的距离，选项B错误；根据万有引力定律，可知无法计算飞行器的质量，选项C错误；飞行器静止在月球表面上时对月球表面的压力大小等于飞行器重力的大小，因无法求出飞行器的质量，所以也无法得出飞行器对月球表面的压力，选项D错误．
4．图中有A、B两个线圈．线圈B连接一电阻R，要使流过电阻R的电流大小恒定，且方向由c点流经电阻R到d点．设线圈A中电流i从a点流入线圈的方向为正方向．则线圈A中的电流随时间变化的图象是()
解析：选A.根据感应电动势E ＝n ΔΦΔt 表达式知，要想产生从c 经R 流向d 的电流，
那么穿过线圈B 中的原磁场方向若向右，则应该在均匀减小，若向左则均匀增加．当线圈A 中从a 点流入电流，则电流应该均匀增加才可以满足题中条件；当线圈A 中从b 点流入电流，则电流应该均匀减小才可以满足题中条件，A 对，B 错；当线圈A 中电流保持不变时，线圈B 中没有感应电流，C 、D 错．
5．一质点沿x 轴正方向做直线运动，从质点通过坐标原点时开始计时，其x t －t 图
象如图所示，则( )
A ．质点做匀速直线运动，速度大小为0.5 m/s
B ．质点做匀加速直线运动，加速度大小为0.5 m/s 2
C ．质点在第1 s 内的平均速度大小为0.75 m/s
D ．质点在1 s 末的速度大小为1.5 m/s
解析：选D.根据物理量间的关系得到物理规律，由于x t 代表时间t 内的平均速度v ，
故x t －t 图象即v －t 图象，由图可知质点的平均速度均匀增大，说明质点做匀加速直线运动，故A 错误．设质点运动的初速度大小为v 0，加速度大小为a ，根据x
＝v 0t ＋12at 2，得x t ＝v 0＋12at ，斜率k ＝12a ，则加速度大小为a ＝2×0.5 m/s 2＝1 m/s 2，故B 错误．截距为v 0，则v 0＝0.5 m/s ，质点在1 s 末速度大小为1.5 m/s.质点在第
1 s 内的平均速度大小v ＝v 0＋v 2＝1 m/s ，故C 错误，D 正确．
6．平行板电容器的两板A 、B 接于电池两极，一个带正电小球用绝缘细线悬挂在电容器内部，闭合电键S ，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示，那么( )
A ．保持电键S 闭合，将A 板稍向
B 板靠近，则θ增大
B ．保持电键S 闭合，将A 板稍向上移，则θ减小
C ．电键S 断开，将A 板稍向B 板靠近，则θ不变
D ．电键S 断开，将A 板稍向上移，则θ减小
解析：选AC.保持电键S 闭合，电容器两端间的电势差不变，带正电的A 板向B 板靠近，极板间距离减小，电场强度E 增大，小球所受的电场力变大，θ增大，A 正确；保持电键S 闭合，电容器两端间的电势差不变，将A 板稍向上移，极板间距离不变，电场强度E 不变，小球所受的电场力不变，则θ不变，B 错误；断开
电键S ，电容器所带的电量不变，由E ＝4πkQ εr S 可知d 变化，E 不变，电场力不变，θ不变，C 正确；断开电键S ，将A 板稍向上移，S 变小，E 变大，则电场力变大，θ变大，D 错误．
7．如图所示，xOy 平面的一、二、三象限内存在垂直纸面向外、磁感应强度B ＝1 T 的匀强磁场，ON 为处于y 轴负方向的弹性绝缘薄挡板，长度为9 m ，M 点为x
轴正方向上一点，OM ＝3 m ．现有一个比荷大小为q m ＝1.0 C/kg 、可视为质点的带
正电的小球(重力不计)，从挡板下端N 处小孔以不同的速度向x 轴负方向射入磁场，若与挡板相碰就以原速率弹回，且碰撞时间不计，碰撞时电量不变，小球最后都能经过M 点，则小球射入的速度大小可能是( )
A ．3 m/s
B ．3.75 m/s
C ．4.5 m/s
D ．5 m/s
解析：选ABD.根据q v B ＝m v 2r 得r ＝m v qB ，故v ＝qBr m .若小球不与挡板相碰经过M 点，
由运动轨迹及几何关系解得r 1＝5 m ，故v 1＝5 m/s ，故选项D 正确；若小球与挡板相碰1次经过M 点，由几何关系：(9－3r 2)2＋32＝r 22，
解得r 2＝3 m 或r 2＝3.75 m ，故v 2＝3 m/s 或v 2＝3.75 m/s ，选项A 、B 正确．
8．如图所示，竖直面有两个34圆形导轨固定在一水平地面上，半径R 相同，A 轨
道由金属凹槽制成，B 轨道由金属圆管制成，均可视为光滑轨道，在两轨道右侧的正上方将质量均为m 的金属小球A 和B 由静止释放，小球距离地面的高度分别用h A 和h B 表示，则下列说法正确的是( )
A ．适当调整h A 和h
B ，均可使两小球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处
B ．若h A ＝h B ＝2R ，则两小球在轨道最低点对轨道的压力为4mg
C ．若h A ＝h B ＝R ，则两小球都能上升到离地高度为R 的位置
D ．若h A 和h B 均大于52R ，两小球都能从最高点飞出
解析：选CD.A 中为绳模型，小球A 能从最高点飞出的最小速度为v ＝gR ，从最高点飞出后下落R 高度时，水平位移的最小值为：x A ＝gR 2R g ＝2R ，小球A
落在轨道右端口外侧．而适当调整h B ，B 可以落在轨道右端口处，故A 错误；若h A ＝h B ＝2R ，由机械能守恒定律可知，小球到达最低点时的速度v ＝2gR ，则由
向心力公式可得：F ＝mg ＋m v 2
R ＝5mg ，故B 错误；若h A ＝h B ＝R ，根据机械能守恒定律可知，两小球都到达与O 点等高的位置速度为零，即两小球都能上升到离地高度为R 的位置，故C 正确；由A 的分析可知，A 球最高点最小速度为v ＝gR ，
则由机械能守恒定律可知，mg (h A －2R )＝12m v 2A ，A 球下落的最小高度为52R ；而B
中小球只要在最高点的速度大于2R 即可，故D 正确．。

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