河北省衡水中学2013-2014学年高二下学期一调考试 物理

河北衡水中学2013～2014学年度高二下学期一调
高二年级物理试卷
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

第Ⅰ卷共4页，第Ⅱ卷共2页。

共110分。

考试时间110分钟。

第Ⅰ卷（选择题共56分）
注意事项：
1.答卷Ⅰ前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上。

2.答卷Ⅰ时，每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。

不能答在试题卷上。

一、选择题（每小题4分，共56分。

下列每小题所给选项至少有一项符合题意，请将正确答案的序号填涂在答题卡上，全部选对的4分，有漏选的得2分，有错选的得0分）
1．如图所示，导线AB可在置于匀强磁场中的不计电阻的金属框架上滑动，则下列判断正确的是（）
A．AB向左匀加速运动时，电流表中电流均匀增大
B．AB向左减速运动时，电流表中有电流方向由b→a
C．AB向右加速运动时，电流表中有电流方向由b→a
D．AB向左匀速运动时，电流表中有电流方向由a→b
【答案】BC
A、AB向左匀加速运动时，左线圈中电流均匀增大，右线圈中产生大小不变的电流，故A错误；
B、AB向左减速运动时，左线圈产生由A到B的减小的电流，其磁场在右线圈中竖直向上，右线圈中磁通量减小，由楞次定律知右线圈感应电流的磁场竖直向上，故电流表中有电流方向由b→a，故B正确；
C、AB向右加速运动时，左线圈产生由B到A的增大的电流，其磁场在右线圈中竖直向下，
右线圈中磁通量增大，由楞次定律知右线圈感应电流的磁场竖直向上，故电流表中有电流方向由b→a ，故C 正确；
D 、AB 向左匀速运动时，左线圈中电流保持不变，右线圈中无电流，故D 错误。

故选BC 。

【考点】楞次定律
2．U 型金属导轨构成如图所示斜面，斜面倾斜角为θ，其中MN ，PQ 间距为L ，磁感应强度为B 的匀强磁场垂直导轨平面，导轨电阻不计，金属棒ab 质量为m ，以速度v 沿导轨上滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，导轨与ab 棒间的动摩擦因数为μ，ab 棒接入电路的电
阻为R ，ab 棒沿导轨上滑位移为s 时速度减为0，（重力加速度为
g ）
则在这一过程中（ ）
A ．ab 棒沿导轨向上做匀减速运动
B ．ab 棒受到的最大安培力大小为22sin B L v
R
θ C ．导体棒动能的减少量等于mgssin θ+μmgscos θ D ．克服安培力做的功等于12
mv 2
－mgssin θ－μmgscos θ 【答案】D
A 、根据安培力的表达式22
B L v
F R
=安，可知ab 棒受到的安培力大小与速度大小成正比，速度
减小时，安培力减小，导体棒受到的合力是变力，导体棒做非匀变速运动，所以ab 棒沿导轨向上做变减速运动，故A 错误；
B 、导体棒速度最大时，安培力最大，所以ab 棒受到的最大安培力大小为22B L v
F R
=安，故B
错误；
C 、设ab 棒克服安培力做的功为W 克，根据功能关系得：导体棒动能的减少量等于物体克服外力做的总功，为k E mgssin mgscos W θμθ∆=++克，故C 错误；
D 、根据功能关系得：21
mv mgssin mgscos W 2
θμθ=++克， 所以21
W mv mgssin mgscos 2
θμθ=--克，故D 正确。

故选D 。

【考点】法拉第电磁感应定律；功能关系
3．如图是自动调温式电熨斗，下列说法正确的是( )
A．常温时上下触点是接触的
B．双金属片温度升高时，上金属片形变较大，双金属片将
向下弯曲
C．原来温度控制在80℃断开电源，现要求60℃断开电源，
应使调温旋钮上调一些
D．由熨烫丝绸衣物状态转化为熨烫棉麻衣物状态，应使调
温旋钮上移一些
【答案】ABC
A、常温时，通电电热丝能发热，所以上、下触点应是接触的，故A正确；
B、双金属片上下金属片的膨胀系数不同，温度升高时，上层形变大，双金属片向下发生弯曲，使电路断开，故B正确；
C、原来温度上升到80°C时，断开电源，现在要求60°C时断开电源，弹性铜片与触点接触面积要减小，应逆时针调节调温旋钮，即应使调温旋钮上调一些，故C正确；
D、由熨烫丝绸衣物状态转化为熨烫棉麻衣物状态，温度要高一点，由C的分析可知，应使调温旋钮下移一些，故D错误。

故选ABC。

【考点】传感器在生产、生活中的应用
4．下列关于单摆周期的说法正确的是（）
A．用一个装满砂的漏斗和长细线做成一个单摆，在摆动时砂从漏斗中缓慢漏出,周期不变
B．同一单摆置于匀加速上升的升降机内（
g
a<）周期小于置于匀速上升的电梯单摆的周期
C．将摆由赤道移到北极，单摆振动周期增大
D．将单摆的摆角由5°增加到10°（不计空气阻力），单摆的周期减小
【答案】B
A、用一个装满砂的漏斗和长细线做成一个单摆，在摆动时砂从漏斗中缓慢漏出，单摆的摆长
变大，由T2
=T变大，故A错误；
=
B、当升降机向上匀加速运动时（a＜g），等效重力加速度g′变大，由T2
周期T变小，单摆的周期小于电梯匀速运动时单摆的周期，故B正确；
=C C、将单摆由赤道移到北极，重力加速度变大，由T2
错误；
=单摆周期与摆角无关，将单摆的摆角由5°增加到10°（不计空气阻力），D、由T2
单摆的周期不变，故D错误
故选B。

【考点】单摆
5.如图所示，两个完全相同的波源在介质中形成的波相叠加而发生的干涉的示意图，实线表示
波峰，虚线表示波谷，则以下说法正确的是( )
A．A点为振动加强点，经过半个周期，这一点振动减弱
B．B点为振动减弱点，经过半个周期，这一点振动仍减弱
C．C点为振动加强点，经过半个周期，这一点处于平衡位置
D．D点为振动减弱点，经过半个周期，这一点振动加强
【答案】BC
A、A点是波峰和波峰叠加，为振动加强点，且始终振动加强，故A错误；
B、B点是波峰与波谷叠加，为振动减弱点，且始终振动减弱，故B正确；
C、C点处于振动加强区，振动始终加强，但经过半个周期，这一点处于平衡位置，故C正确；
D、D点为波峰与波谷叠加，为振动减弱点，且始终振动减弱，故D错误。

故选BC。

【考点】波的干涉图像
6．一束由不同频率的单色光a、b组成的光从空气射入某介质中，发生了如图所示的折射现象。

下列结论中正确的是（）
A．光束b的频率比光束a小
B．在介质中的传播速度，光束a比光束b小
C．介质对光束a的折射率比介质对光束b的折射率大
D．若光束从介质中射向空气，则光束b的临界角比光束a的临界角小
【答案】D
A C、由图看出介质对b光束的偏折程度大，根据折射定律可知介质对光束b的折射率大，则光束b的频率比a光束大，故AC错误；
B、a光束的折射率比b光束小，根据
c
v
n
=分析可知，光束a在介质中传播的速度比b光束
大，故B错误；
D、介质对光束b的折射率大，根据全反射临界角公式
1
sinC
n
=分析得知：光束b的临界角
比光束a的临界角小，故D正确。

故选D。

【考点】光的折射定律；全反射
7.如图所示，实线是沿x轴传播的一列简谐横波在t＝0时刻的波形图，x=4cm处的质点P恰在平衡位置，虚线是这列波在t＝0.2 s时刻的波形图。

已知该波的波速是0.8 m/s，则下列说法正确的是( )
A．这列波可能是沿x轴正方向传播的
B．质点P在t＝0时刻速度方向沿y轴正方向
C．质点P在0.6s时间内经过的路程为0.32m
D．质点P在t＝0.4s时刻速度方向与加速度方向相同
【答案】C
由图象知波长为0.12m，振幅0.02m，周期T0.15s
=；
A、经过0.2s即经过
1
1
4
周期，经过一个周期知道回到原位置，即只看经过
1
4
周期的振动情况
即可，若向右传播，x=4cm处质点经过1
4
周期将在波峰，向左传播将在波谷，故该波向左传
播，故A错误；
B、根据质点带动法，由A知质点P在t=0时刻速度方向沿y轴负方向，故B错误；
C、质点P在0.6s时间内为4个周期，经过的路程为16个振幅=16×0.02=0.32m，故C正确；
D、由于该波向左传播，所以根据振动和波动关系可知t=0.4s时刻，质点P离开平衡位置向上
运动，速度方向向上，加速度向下，故D 错误。

故选C 。

【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象
8．如图所示，水下光源S 向水面A 点发射一束光线，折射光线分成a 、b 两束，则（ ） A ．若保持入射点A 位置不变，将入射光线顺时针旋转，则从水面上方观察，b 光先消失 B ．用同一双缝干涉实验装置做实验，a 光的干涉条纹间距大于b 光的条纹间距
C ．a 、b 两束光相比较，在真空中的传播速度a 光比b 光大
D ．在水中，b 光波长比a 光波长大 【答案】AB
A 、1
sinC n
=
，则a 光的临界角较大b 光的临界角较小，故若保持入射点A 位置不变，将入射光线顺时针旋转，则从水面上方观察，b 光的折射角先达到90°，发生全反射，最先消失，故A 正确；
BD 、折射角a b r r ＜，频率a b f f ＜，波长a b λλ＞，条纹间距L
x d
λ∆=，则a 光的干涉条纹间距大于b 光的间距，故B 正确D 错误；
C 、真空中所有光的传播速度是相同的，故C 错误； 故选AB 。

【考点】折射定律；全反射
9．如图所示，一束红光PA 从A 点射入一球形水珠，光线在第一个反射点B 反射后到达C 点，CQ 为出射光线，O 点为球形水珠的球心。

下列判断中正确的是 ( )
A ．光线在
B 点可能发生了全反射 B ．光从空气进入球形水珠后，波长变长了
C ．光从空气进入球形水珠后，频率增大了
D ．仅将红光改为紫光，光从A 点射入后到达第一个反射点的时间增加了 【答案】D
A 、由图象知在
B 点的入射角等于在A 点的折射角，所以光线在B 点不可能发生全反射，A 错误；
B 、光的波长v f λ＝
，频率不变，C
v n
=，所以折射率大的介质中波长小，所以光从空气进入球形水珠后，波长变短了，B 错误； C 、光的频率是不变的C 错误； D 、红光的折射率比紫光的小，由C
v n
=
知在水中的传播速度比紫光大，所以仅将红光改为紫光，光从A 点射入后到达第一个反射点的时间增加了，D 正确； 故选D 。

【考点】全反射；光的折射定律
10．三种透明媒质叠放在一起，且相互平行，一束光在Ⅰ和Ⅱ两媒质的界面上发生了全反射后，射向Ⅱ和Ⅲ两媒质界面，发生折射如图所示，设定在这三种媒质中的速率v 1、v 2、v 3，则它们的大小关系（ ）
A ．123v v v >>
B ．132v v v >>
C ．123v v v <<
D ．213v v v >> 【答案】B
据题，光在Ⅰ和Ⅱ两介质的界面上发生了全反射，说明Ⅰ的折射率小于Ⅱ的折射率，即12n n ＜；光射向Ⅱ和Ⅲ两介质界面时发生了折射，而且折射角大于入射角，说明Ⅱ的折射率大于Ⅲ的折射率，即23n n ＞；介质Ⅰ与Ⅲ相比较，介质Ⅰ的折射率小于介质Ⅲ的折射率，即有13n n ＜，所以有231n n n ＞＞，根据光在这三种介质中的速率公式C
v n
=得知，光速与折射率成正比，则132v v v ＞＞。

故选B 。

【考点】全反射；波长、频率和波速的关系
11.如图所示是一列横波上A 、B 两质点的振动图象，该波由A 传向B ，两质点沿波的传播方向上的距离Δx ＝6.0 m ，波长λ>4.0 m ，这列波的波速 ( ) A.12 m/s B.20 m/s C.30 m/s D.60 m/s
【答案】B
由振动图象可知，波的周期T=0.4s
在t=0时刻，A 位于平衡位置向上运动，而B 处于波峰，结合波形得到：3k x 4λ⎛⎫
+∆ ⎪⎝⎭
＝ 解得，波长为4x 24
k 0124k 34k 3
λ∆=⋯++＝
＝（，，，） 因λ＞4m ，故k=0，λ=8m ， 则v 20m /s T
λ
=
＝
故选B 。

【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系
12．如图所示，电压互感器、电流互感器可看成理想变压器，已知电压互感器原、副线圈匝数比是1000∶1，电流互感器原、副线圈匝数比是1∶200，电压表读数是200V ，电流表读数是1.5A ，则交流电路输送电能的功率是（ ）
A ． 3×102W
B ．6×104
W C ． 3×105W D ．6×107W 【答案】D
由图可知：V 表是电压表，A 表是电流表．电压互感器原线圈的匝数比副线圈匝数1000：1，而电流互感器原线圈的匝数比副线圈匝数1：200，由电压表的示数为200V ，得原线圈的电压为200000V ，由电流表的示数为1.5A ，原线圈的电流为300A ．所以电线输送功率是6×107W 。

故选D 。

【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率
13.振源0起振方向沿-y 方向，从振源0起振时开始计时，经t=0.7s ，x 轴上0至6m 范围第一次出现图示简谐波，则( )
A ．此波的周期一定是0．4s
B ．此波的周期可能是
s 157 C ．此列波的波速为7
60
m/s
D ．t=O ．7s 时，x 轴上3m 处的质点振动方向沿-Y 方向 【答案】AD
ABC 、据题：振源0起振方向沿-y 方向，介质中各个质点的起振方向均沿-y 方向，可知0至6m 范围第一次出现图示简谐波时，x=6m 处并不是波的最前列，在x=6m 处质点的右边还有1
4
个波长的波形图，即波传播到x=7m 处，所以波速为x
v 10m /s t
==，由图知，波长为λ=4m ，则周期为T 0.4s v
λ
=
=，故A 正确BC 错误；
D 、简谐波向右传播，根据波形的平移法可知，t=O.7s 时，x 轴上3m 处的质点振动方向沿-y 方向，故D 正确。

故选AD 。

【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象
14．如图所示，质量为m 、边长为L 的正方形线圈，线圈ab 边距离磁场边界为s ，线圈从静止开始在水平恒力F 的作用下，穿过宽度为d （d >L ）的有界匀强磁场。

若线圈与水平面间没有摩擦力的作用，线圈平面始终与磁场垂直，ab 边刚进入磁场的速度与ab 边刚离开磁场时的速度相等。

下列说法正确的是（ ）
A ．线圈进入磁场和离开磁场的过程中通过导线横截面的电荷量不相等
B C ．整个线圈穿越磁场的过程中线圈的最大速度为
22
FR
B L
D ．整个线圈穿越磁场的过程中线圈产生的热量为2Fd 【答案】BD
A 、电量q I t R
∆Φ
=∆=，得线圈进入磁场和离开磁场的过程中通过导线横截面的电荷量相等，故A 错误；
B 、线圈的运动是先匀加速直线运动，进入磁场后由于受到安培力阻碍线圈的运动，所以ab 边进入磁场后线圈开始做减速运动，又因ab 边刚进入磁场的速度与ab 边刚离开磁场时的速度相等，线圈全部进入磁场后又做匀加速直线运动，当ab 边刚要穿出磁场时线圈又做减速运动，所以最小速度就是线圈完全离开磁场时的速度，在ab 边刚进入磁场到ab 边刚离开磁场时，设
线圈克服安培力做功为W ，两时刻速度相等，由动能定理得：Fd W 0-=，所以进入磁场的过程中线圈克服安培力做功为W Fd =，当线圈完全离开时线圈克服安培力做功仍为W ，设
线圈最小速度为v ，由动能定理得：21
F s L d 2W mv 2
++-=（）
，解得整个线圈穿越磁场的
B 正确；
C 、线圈的最大速度即线圈刚进入磁场时的速度，由动能定理得：
21
mv
Fs 2
＝，解得：v =
C 错误；
D 、由于ab 边刚进入磁场的速度与ab 边刚离开磁场时的速度相等，那么线圈进入磁场和离开磁场时安培力做功相等，即消耗的电能相等，故穿越磁场的过程中线圈消耗的电能即线圈中产生的热量Q 2W 2Fd ==，故D 正确。

故选BD 。

【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化
河北衡水中学2013—2014学年度下学期一调考试
高二物理试卷
卷Ⅱ（非选择题 共54分）
注意事项：1．答卷Ⅱ前考生务必将姓名、班级、考号填在答卷纸密封线内规定的地方。

2．答卷Ⅱ时用兰黑色钢笔或圆珠笔直接填写在答卷纸规定的地方。

二、填空实验题（每空2分，共10分）
15（1）在“用单摆测定重力加速度”实验中，若摆球在垂直纸面的平面内摆动，为了将人工记录振动次数改为自动记录振动次数，在摆球运动最低点的左、右两侧分别放置一激光光源与光敏电阻，如图所示．光敏电阻与某一自动记录仪相连，该仪器显示的光敏电阻阻值R 随时间t 的变化图线如图所示，则该单摆的振动周期为________．若保持悬点到小球顶点的绳长不变，改用直径是原小球直径2倍的另一小球进行实验，则该单摆的周期将________(填“变大”、 “不变”或“变小”)，
【答案】(1) 2t 0 变大
单摆在一个周期内两次经过平衡位置，每次经过平衡位置，单摆会挡住细激光束，从R-t 图线可知周期为2t 0。

当改用直径是原小球直径2倍的另一小球进行实验，则L 变大，由T 2=变大；
【考点】用单摆测定重力加速度
（2）某实验小组在进行“用单摆测定重力加速度”的实验中，已知单摆在摆动过程中的摆角小于5°；在测量单摆的周期时，从单摆运动到最低点开始计时且记数为1，到第n 次经过最低点所用的时间为t ；在测量单摆的摆长时，先用毫米刻度尺测得摆球悬挂后的摆线长(从悬点到摆球的最上端)为L ，再用螺旋测微器测得摆球的直径为d (读数如图所示)． (1)该单摆在摆动过程中的周期为________．
(2)从上图可知，摆球的直径为________ mm.
(3)实验结束后，某同学发现他测得的重力加速度的值总是偏大，其原因可能是下述原因中的( )
A ．单摆的悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增长了
B ．把n 次摆动的时间误记为(n ＋1)次摆动的时间
C ．以摆线长作为摆长来计算
D ．以摆线长与摆球的直径之和作为摆长来计算 【答案】(1)
21
t
n - (2) 5.980 (3)BD
（1）周期为一次全振动的时间，从单摆运动到最低点开始计时且记数为1，所以在t 时间内完成了n-1个全振动，所以21
t T n -＝
（2）螺旋测微器读数：整数（5.5mm ）＋精度（0.01mm ）×格数（48.0）＝5.980mm （3）
A 、单摆的悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增长了，所测周期T 偏大，由22
4L g T π=
可知，所测g 偏小，故A 错误；
B 、把n 次摆动的时间误记为（n+1）次摆动的时间，使所测周期变小，计算出的g 偏大，故B 正确；
C 、以摆线长作为摆长来计算，摆长偏小，使所测g 偏小，故C 错误；
D 、以摆线长与摆球的直径之和作为摆长来计算，摆长偏大，求出的g 偏大，故D 正确 故选BD 。

【考点】用单摆测定重力加速度
三、计算题（要写出必要的文字说明及计算式）
16．（10分）某时刻的波形图如图所示，波沿x 轴正方向传播，质点P 的坐标x ＝0.32 m ．从此时刻开始计时 (1)若P 点经0.4 s 第一次达到最大正位移，求波速。

(2)若P 点经0.4 s 到达平衡位置，波速又如何？ 【答案】(1)0.3 m/s (2)(0.8＋n ) m/s(n ＝0,1,2,3……)
(1)依题意，经时间0.4s t ∆＝，波向右传播的距离0.32m 0.2m 0.12m x ∆＝－＝，此时P 点恰好第一次达到最大正位移，波速0.12
v=
m/s=0.3m/s 0.4
x t ∆=∆ (2)波向右传播0.32m ，P 点恰好第一次到达平衡位置，由波的周期性可知，波可能传播的距离
x'=0.32+
n (n=0123.........)2
λ
∆、、、
波速'
(0.8)m /s (0,1,2,3)x v n n t
∆'⋯⋯∆＝
＝＋＝， 【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象
17．（12分）一个电阻为r 、边长为L 的正方形线圈abcd 共N 匝，线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴OO ′以如图所示的角速度ω匀速转动，外电路电阻为R .
(1) 线圈平面与磁感线夹角为60°时的感应电动势为多大？ (2) 电压表的示数是多少？
(3)设发电机由柴油机带动，其他能量损失不计，线圈转一周，柴油机做多少功？ (4)从图示位置开始，线圈转过60°的过程中通过R 的电量是多少？
【答案】2
1e=NB L 2ω
2U = 224W=N B L R r πω+
q
(1)最大值为2m E NBS NB L ωω＝＝
线圈平面与B 成60°角时的瞬时感应电动势0
2m 1
e=E cos60=NB L 2
ω （2
）电压表的示数是有效值，则电动势的有效值，电流的有效值I=
E
R r
+ 得()
r R R L NB IR U +=
=22ω
(3) 柴油机做的功转化为电能，线圈转一周柴油机做的功等于一个周期内产生的电热，
得222242W=E N B L R r R r
ππωω=++ (4)由闭合电路的欧姆定律得I ()
E N R r t R r ∆Φ
+∆+平均平均＝
＝
故电量02
60q I t 2()
NBSsin R r R r ∆++平均＝＝＝
【考点】正弦式电流；电功；欧姆定律
18（10分）如图所示，为某种透明介质的截面图，△AOC 为等腰直角三角形，BC 为半径R=12cm
的四分之一圆弧，AB 与水平屏幕MN 垂直并接触于A 点．由红光和紫光两种单色光组成的复色光射向圆心O ，在AB 分界面上的入射角i=45°，结果在水平屏幕MN 上出现两个亮
斑．已知该介质对红光和紫光的折射率分别为
33
21=
n ，
22=n ．
①判断在AM 和AN 两处产生亮斑的颜色； ②求两个亮斑间的距离．
【答案】为红色与紫色的混合色
12PP 62cm =
）
①设红光和紫光的临界角分别为C 1、C 2，
由111sinC n =
=
，得C 1=60°，同理C 2=45°， i=45°=C 2＜C 1，
所以紫光在AB 面发生全反射，而红光在AB 面一部分折射，一部分反射，且由几何关系可知，反射光线与AC 垂直，所以在AM 处产生的亮斑P 1为红色，在AN 处产生的亮斑P 2为红色与紫色的混合色。

②画出如图光路图，设折射角为r ，两个光斑分别为P 1、P 2根据折射定律1sin n sin r
i
=
求得sin r =
由几何知识可得：1
R tan AP r =
，
解得1AP =
由几何知识可得△OAP2为等腰直角三角形， 解得2AP 12cm =
所以12PP 62cm =） 【考点】折射定律
19. （12分）如图所示，矩形线框的质量m ＝0.016kg ，长L ＝0.5m ，宽d ＝0.1m ，电阻R ＝0.1Ω.从离磁场区域高h 1＝5m 处自由下落，刚入匀强磁场时,由于磁场力作用，线框正好作匀速运动. （取g =10m/s 2）
(1)求磁场的磁感应强度；
(2) 如果线框下边通过磁场所经历的时间为△t ＝0.15s ，求磁场区域的高度h 2 （3）求线框从刚开始下落到下边刚要出磁场的过程中产生的焦耳热？ 【答案】B 0.4T = 2h 1.55m = Q 0.08J =
（1）线框做自由落体运动过程，刚入匀强磁场时速度
为
v 10m /s ==，
且有E Bdv I ER F BdL ===，，
则得到安培力22B d v
F R
=
由平衡条件得：mg F =
代入得：B 0.4T =
= （2）线框进入磁场匀速运动的时间为1L
t 0.05s v
=
= 完全进入磁场匀加速运动的时间为21t t t 0.1s =∆-= 匀加速运动通过的位移2
221x vt gt 1.05m 2
=+= 所以2h L x 1.55m =+=
（3）在线圈的下边通过磁场的过程中，线圈中产生的焦耳热为：Q mgL 0.08J == 【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化
2013-2014第下学期物理一调答案
1.BC
2.D
3.ABC
4.B
5.BC
6.D
7.C
8.AB
9.D 10.B 11.B 12.D 13.AD 14.BD
15.(1) 2t 0 变大
(2)2t n －1
(2) 5.980 (3)BD
16．(1)依题意，经时间0.4s t ∆＝，波向右传播的距离0.32m 0.2m 0.12m x ∆＝－＝，此时P 点恰好第一次达到最大正位移，波速
0.12
v=m/s=0.3m/s 0.4
x t ∆=∆ (2)波向右传播0.32m ，P 点恰好第一次到达平衡位置，由波的周期性可知，波可能传播的距离
x'=0.32+
n (n=0123.........)2
λ
∆、、、
波速'
(0.8)m /s (0,1,2,3)x v n n t
∆'⋯⋯∆＝
＝＋＝， 17． (1)最大值为
2
m E NBS NB L ωω＝＝
线圈平面与B 成60°角时的瞬时感应电动势0
2m 1
e=E cos60=NB L 2
ω （2
）电压表的示数是有效值，则电动势的有效值，电流的有效值I=
E
R r
+ 得()
r R R L NB IR U +=
=22ω
(3) 柴油机做的功转化为电能，线圈转一周柴油机做的功等于一个周期内产生的电热，
得222242W=E N B L R r R r
ππωω=++ (4)由闭合电路的欧姆定律得I ()
E N R r t R r ∆Φ
+∆+平均平均＝
＝
故电量060q I t NBSsin R r ∆+平均＝＝18①设红光和紫光的临界角分别为C 1、C 2，
由111sinC n =
=
，得C 1=60°，同理C 2=45°， i=45°=C 2＜C 1，
所以紫光在AB 面发生全反射，而红光在AB 面一部分折射，一部分反射，且由几何关系可知，反射光线与AC 垂直，所以在AM 处产生的亮斑P 1为红色，在AN 处产生的亮斑P 2为红色与紫色的混合色。

②画出如图光路图，设折射角为r ，两个光斑分别为P 1、P 2根据折射定律1sin n sin r
i
=
求得sin 3
r =
由几何知识可得：1
R tan AP r =
，
解得1AP =
由几何知识可得△OAP2为等腰直角三角形， 解得2AP 12cm =
所以12PP 62cm =）
19. （1
）线框做自由落体运动过程，刚入匀强磁场时速度为v 10m /s
=，
且有E Bdv I ER F BdL ===，，
则得到安培力22B d v F R
=
由平衡条件得：mg F =
代入得：B 0.4T =
= （2）线框进入磁场匀速运动的时间为1L
t 0.05s v
=
= 完全进入磁场匀加速运动的时间为21t t t 0.1s =∆-= 匀加速运动通过的位移2
221x vt gt 1.05m 2
=+= 所以2h L x 1.55m =+=
（3）在线圈的下边通过磁场的过程中，线圈中产生的焦耳热为：Q mgL 0.08J ==。