山东省临沂市达标名校2018年高考五月物理模拟试卷含解析

山东省临沂市达标名校2018年高考五月物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．近年来，人类发射了多枚火星探测器，火星进行科学探究，为将来人类登上火星、开发和利用火星资源奠定了坚实的基础。

假设火星探测器环绕火星做“近地”匀速圆周运动，若测得该探测器运动的周期为T ，则可以算得火星的平均密度2k T ρ=，式中k 是一个常量，该常量的表达式为（已知引力常量为G ） A ．3k π= B ．3k G π= C ．3k G π= D ．24k G
π= 2．如图为甲、乙两个物体同时从同一地点出发，沿同一直线运动的速度—时间图象。

则（ ）
A ．在2～4 s 内，甲处于静止状态
B ．在2 s 时刻，甲在乙的正前方
C ．在0～6 s 内，甲和乙相遇一次
D ．在0--6 s 内，甲和乙的位移相同
3．乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择若某一缆车沿着坡度为30°的山坡以加速度a 上行，如图所示。

在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m 的小物块，小物块相对斜面静止（设缆车保持竖直状态）则（ ）
A ．小物块受到的支持力方向竖直向上
B ．小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下
C ．小物块受到的静摩擦力为
12
mg ma + D ．小物块受到的滑动摩擦力为12mg ma + 4．如图所示，在等量异种点电荷形成的电场中有A 、B 、C 三点，A 点为两点电荷连线的中点，B 点为连
线上距A 点距离为d 的一点，C 点为连线中垂线上距A 点距离也为d 的一点。

则下列说法正确的是（ ）
A ．A C
B E E E =>，A
C B ϕϕϕ=>
B ．B A
C E E E >>，A C B ϕϕϕ=>
C ．将正点电荷q 沿AC 方向移动到无穷远处的过程中，电势能逐渐减少
D ．将负点电荷q 沿AB 方向移动到负点电荷处的过程中，所受电场力先变小后变大
5． “蹦极”运动中，长弹性绳的一端固定，另一端绑在人身上，人从几十米高处跳下。

将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动。

从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，若不计空气阻力，下列分析正确的是（ ）
A ．绳对人的冲量始终向上，人的动量一直减小
B ．绳对人的拉力始终做负功，人的动能一直减小
C ．绳恰好伸直时，人的动能最大
D ．人的动量最大时，绳对人的拉力等于人所受的重力
6．一宇航员到达半径为R 、密度均匀的某星球表面，做如下实验：如图甲所示，用不可伸长的长为L 的轻绳拴一质量为m 的小球，轻绳上端固定在O 点，在最低点给小球一初速度，使其绕O 点在竖直面内做圆周运动，测得绳的拉力大小F 随时间t 的变化规律如图乙所示。

引力常量G 及图中F 0均为已知量，忽略各种阻力。

下列说法正确的是（ ）
A ．该星球表面的重力加速度为07F m
B 0F L m
C Gm R
D ．该星球的密度为034F mGR
π 二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
7．下列说法正确的是________。

A ．单摆的周期与振幅无关
B ．机械波和电磁波都可以在真空中传播
C ．只有发生共振时，受迫振动的频率才等于驱动力的频率
D ．两列波产生干涉现象，振动加强区域与振动减弱区域交替排列
8．如图所示，abcd 为一正方形边界的匀强磁场区域，磁场边界边长为L ，三个粒子以相同的速度从a 点沿对角线方向射入，粒子1从b 点射出，粒子2从c 点射出，粒子3从cd 边垂直射出，不考虑粒子的重力和粒子间的相互作用. 根据以上信息，可以确定
A．粒子1带负电，粒子2不带电，粒子3带正电
B．粒子1和粒子3的比荷之比为2：1
C．粒子1和粒子2在磁场中的运动时间之比为π：4
D．粒子3的射出位置与d点相距
2
L
9．当你走进家电市场，可以看到各种各样的家用电磁炉（如图）。

电磁炉作为厨具市场的一种灶具，它打破了传统的明火烹调方式，通常是利用磁场使置于炉面上的锅子出现涡流，再通过电流的热效应，使锅子产生高温以烹煮食物。

下列有关此种电磁炉与所用锅子的说法中正确的是（）
A．锅和电磁炉内部发热线圈盘相当一个高频变压器，内部线圈是变压器初级线圈，锅是次级线圈
B．电磁炉使用的是随时间变化的磁场
C．电磁炉所用的锅子必须是热的绝缘体
D．电磁炉所用的锅子必须是电的绝缘体
10．如图所示，一根很长且不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，两端各系一小球a和b，a球质量为m，静置于地面，b球质量为4m，用手托住，高度为h，此时轻绳刚好拉紧，从静止开始释放b球，不计空气阻力，已知b球落地后速度变为零，则下列说法正确的是
A．在a球上升的全过程中，a球的机械能始终是增加的
B．在a球上升的全过程中，系统的机械能守恒
C．a球到达高度h时两球的速度大小为
6
5
gh v
D．从释放开始，a球能上升的最大高度为1.6h
11．对一定质量的理想气体，下列说法正确的是__________。

A．气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和
B．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零
C．在恒温时，压缩气体越来越难以压缩，说明气体分子间的作用力在增大
D．气体在等压膨胀过程中温度一定升高
E.气体的内能增加时，气体可能对外做功，也可能放出热量
12．如图所示，某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向的夹角α＝60°，使飞行器恰好沿与水平方向的夹角θ＝30°的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速直线飞行，飞行器所受空气阻力不计．下列说法中正确的是()
A．飞行器加速时动力的大小等于mg
B．飞行器加速时加速度的大小为g
3
C
D．飞行器减速飞行时间t后速度为零
三、实验题:共2小题，每题8分，共16分
13．如图所示为一简易多用电表的电路图。

图中E是电池，R1、R2、R3、R4和R5是定值电阻，其中R3=20Ω，R0为滑动变阻器。

表头G的满偏电流为I0=250 μA、内阻为r0=600Ω。

A端和B端分别与两表笔相连，该多用电表有5个挡位，其中直流电流挡有1 mA和2.5 mA两挡。

为了测量多用电表内电池电动势和内阻，还备有电阻箱R（最大阻值为99999.9Ω）。

(1)由以上条件可算出定值电阻R1=____Ω、R 2=____Ω。

(2)将选择开关与“3”相连，滑动R6的滑片到最下端b处，将两表笔A、B接在电阻箱上，通过调节电阻箱的阻值R，记录不同阻值R和对应的表头示数I。

在坐标纸上，以R为横坐标轴，以______为纵坐标轴，把记录各组I和R描绘在坐标纸上，平滑连接，所得图像为一条不过原点的直线。

测得其斜率为k、纵截距为b，则多用电表内电池的电动势和内阻分别为_____和__。

（用k、b和已知数据表示）
14．用如图甲所示装置来探究功和动能变化的关系，木板上固定两个完全相同的遮光条A、B，用不可伸长的细线将木板通过两个滑轮与弹簧测力计C相连，木板放在安装有定滑轮和光电门的轨道D上，轨道放在水平桌面上，P为小桶（内有砂子），滑轮质量、摩擦不计，
(1)实验中轨道应倾斜一定角度，这样做的目的是___________．
(2)用游标卡尺测量遮光条的宽度，如图乙所示，则遮光条的宽度d＝_____cm.
(3)实验主要步骤如下：
①测量木板（含遮光条）的质量M，测量两遮光条间的距离L，按图甲所示正确连接器材；
②将木板左端与轨道左端对齐，静止释放木板，木板在细线拉动下运动，记录弹簧测力计示数F及遮光条B、A先后经过光电门的时间为t1、t2，则遮光条B、A通过光电门的过程中木板动能的变化量ΔE k＝________，合外力对木板做功W＝________.（以上两空用字母M、t1、t2、d、L、F表示）
③在小桶中增加砂子，重复②的操作，比较W、ΔE k的大小，可得出实验结论．
四、解答题：本题共3题，每题8分，共24分
15．如图所示，一个截面为半圆的玻璃砖，O为圆心，MN是半圆的直径，它对红光和紫光的折射率分别为n1、n2，与直径平行放置一个光屏AB，AB与MN的距离的为d．现有一束由红光和紫光组成的复色光从P点沿PO方向射入玻璃砖，∠PON=45°．试问：
（1）若红光能从MN面射出，n l应满足什么条件？
（2）若两种单色光均能从MN 面射出，它们投射到AB 上的光点间距是多大？
16．如图所示，倾角为37°的固定斜面上下两端分别安装有光滑定滑轮和弹性挡板P ，1P 、2P 是斜面上两点，1PP 间距离11m 3
L =，12PP 间距离24m L =。

轻绳跨过滑轮连接平板B 和重物C ，小物体A 放在离平板B 下端1m s =处，平板B 下端紧挨2P ，当小物体A 运动到12PP 区间时总受到一个沿斜面向下0.1F mg =的恒力作用。

已知A 、B 、C 质量分别为m 、2m 、m ，A 与B 间动摩擦因数10.75μ=，B 与斜面间动摩擦因数20.25μ=，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin370.6︒=，cos370.8︒=，g 取210m /s ，平板B 与挡板P 碰撞前C 与滑轮不会相碰。

现让整个装置从静止释放，求：
（1）小物体A 在12PP 区间上方和进入12PP 区间内的加速度大小；
（2）平板B 与弹性挡板P 碰撞瞬间同时剪断轻绳，求平板B 碰撞后沿斜面上升到最高点的时间。

17．如图所示，倾角θ的足够长的斜面上，放着两个相距L 0、质量均为m 的滑块A 和B ，滑块A 的下表面光滑，滑块B 与斜面间的动摩擦因数tan μθ=．由静止同时释放A 和B ，此后若A 、B 发生碰撞，碰撞时间极短且为弹性碰撞．已知重力加速度为g ，求：
（1）A 与B 开始释放时，A 、B 的加速度A a 和B a ；
（2）A 与B 第一次相碰后，B 的速率B v ；
（3）从A 开始运动到两滑块第二次碰撞所经历的时间t ．
参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．C
【解析】
【详解】
由万有引力定律，知
2
224Mm G m r r T
π= 得
23
2
4r M GT π= 又
343
M R ρ=⋅π 而火星探测器绕火星做“近地”圆周运动，有r R =，解得
2
3GT πρ= 故题中的常量
3k G
π= 故选C 。

2．C
【解析】
【分析】
【详解】
A ．在v-t 图象中，斜率代表加速度，纵坐标表示速度大小，故在2～4 s 内，甲处于匀速运动状态，故A 错误；
B ．因v-t 图像的面积等于位移，可知在0-2s 内乙的位移大于甲，则在2 s 时刻，乙在甲的正前方，选项B 错误；
CD ．开始阶段乙比甲运动的快，乙在前，甲在后，此后乙做减速运动，甲做加速，再做匀速；而在0~6s 内，甲的位移为24m ，乙的位移为18m ，说明甲的位移大于乙的位移，且在两个物体同时停止前甲追上乙，此后甲一直在前，故只相遇一次，故C 正确，D 错误。

故选C 。

3．C
【解析】
【分析】
由题知：木块的加速度大小为a ，方向沿斜面向上，分析木块受力情况，根据牛顿第二定律求解木块所受
的摩擦力大小和方向。

根据牛顿第二定律求解木块所受的摩擦力大小和方向。

【详解】
AB ．以木块为研究对象，分析受力情况为重力mg ，斜面的支持力N 和摩擦力为静摩擦力f ，根据平衡条件可知支持力N 垂直于斜面向上，摩擦力f 沿斜面向上，故AB 错误；
CD ．由于小物块和斜面保持相对静止，小物块受到的摩擦力为静摩擦力，根据牛顿第二定律得 sin 30f mg ma -︒=
解得f mg ma =+，方向平行斜面向上，故C 正确，D 错误。

故选C 。

【点睛】
本题首先要正确分析木块的受力情况，其次要能根据牛顿第二定律列式，求摩擦力。

4．B
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．等量异种电荷电场线和等势面的分布如图：
根据电场线的分布结合场强的叠加法则，可知场强关系为
B A
C E E E >>
根据等势面分布结合沿电场线方向电势降低，可知电势关系为
A C
B ϕϕϕ=>
A 错误，
B 正确；
C ．A 、C 两点处于同一等势面上，所以将正点电荷q 沿AC 方向移动到无穷远处的过程中，根据p E q ϕ=可知电势能不变，C 错误；
D ．将负点电荷q 沿AB 方向移动到负点电荷处的过程中，电场线越来越密集，根据F q
E =可知所受电场力逐渐增大，D 错误。

故选B 。

5．D
【解析】
【分析】
【详解】
“蹦极”运动中，从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，绳对人的拉力的方向始终向上，故绳对人的冲量始终向上，绳恰好伸直时，绳子的拉力小于重力，人做加速度减小的加速运动，当绳子拉力等于重力时，加速度为0，速度最大，之后绳子拉力大于重力，人做加速度增加的减速运动，直到速度为零。

故从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，人的运动速度是先增大，到绳子的拉力与重力相等时，速度最大，然后再减小为零，由动量和动能的定义可得，人的动量和动能都是先增大，在绳子的拉力与重力相等时最大，在减小到零，故ABC 错误，D 正确。

6．D
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．由乙图知，小球做圆周运动在最低点拉力为7F 0，在最高点拉力为F 0，设最高点速度为2v ，最低点速度为1v ，在最高点
220v F mg m L
+= 在最低点
2107v F mg m L
-= 由机械能守恒定律得
221211222
mv mgL mv =+ 解得
2v =，0F g m = 故AB 错误。

C ．在星球表面
2
2GMm v mg m R R
== 该星球的第一宇宙速度
v =故C 错误；
D ．星球质量
2
20F R gR M G mG
== 密度
034F M V mGR
ρ==π 故D 正确。

故选D 。

二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
7．AD
【解析】
【详解】
A ．单摆周期为：
T ＝
与振幅无关，A 正确；
B ．机械波必须在弹性媒介中传输，不能在真空中传播；电磁波可以在真空中传播，故B 错误.
C ．受迫振动的频率等于驱动力的频率，当驱动力的频率接近物体的固有频率时，振动显著增强，当驱动力的频率等于物体的固有频率时发生共振，C 错误；
D ．两列波相叠加产生干涉现象时，振动加强区域与减弱区域间隔出现，这些区域位置不变，D 正确． 8．BC
【解析】
【详解】
A.根据左手定则可得：粒子1带正电，粒子2不带电，粒子3带负电。

故A 错误；
B.做出粒子运动的轨迹如图，则粒子1运动的半径：r 1
＝，由mv r qB ＝
可得：111 q v m Br BL ＝＝ 粒子3的运动的轨迹如图，则：r 3
L
，333 2q
v m Br BL ＝＝
所以：3113
21q q m m ：＝：．故B 正确； C.粒子1 在磁场中运动的时间：1121422r t v v
π⋅＝＝ ；粒子2 在磁场中运动的时间：22L t v ；所以：12 4
t t π＝，故C 正确； D.粒子3射出的位置与d 点相距：3221x r L L L L =--=（）．故D 错误。

9．AB
【解析】
【分析】
【详解】
A ．锅和电磁炉内部发热线圈盘组成一个高频变压器，内部线圈是变压器初级线圈，锅是次级线圈，当内部初级发热线圈盘有交变电压输出后，必然在次级锅体上产生感应电流，感应电流通过锅体自身的电阻发热，故A 正确；
B ．法拉第的电磁感应原理说明当通过一导体的磁场随时间变化时，导体上产生感应电流，故B 正确；
C ．当锅子通过电流时，锅子必须产生高温才能对水加热，故锅子不能为热的绝缘体，故C 错误；
D ．电磁炉上面所用的锅子必须是电的良导体，当电磁炉的线圈产生随时间而变化的磁场时，锅子才能产生感应电流，故D 错误；
故选AB 。

10．CD
【解析】
【详解】
A ．在a 球上升的全过程中，第一个过程系统的机械能守恒，a 球的机械能是增加的，在第二个过程中a 球的机械能守恒，故A 错误；
B ．b 球落地时，有机械能损失，系统机械能不守恒，故B 错误；
CD ．设a 球到达高度h 时两球的速度为v ，根据机械能守恒定律：
21452mgh mgh mv -=
⋅ 得出 65
gh v = 此时轻绳恰好松弛，a 球开始做初速度为v 的竖直上抛运动。

a 球的机械能守恒
212
mgh mv mgH += 计算得出a 球能上升的最大高度H 为1.6h 。

故CD 正确。

故选：CD 。

11．ADE
【解析】
【详解】
A ．气体的体积指的是该气体分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子的体积之和，故A 正确；
B ．气体对容器壁的压强是由分子运动时与容器内壁的碰撞产生的，不是由重力产生的，故B 错误；
C ．气体分子间没有作用力，压缩气体时，气体压强增大，气体压强越大越难压缩，故C 错误；
D ．由公式
PV C T
= 可知气体在等压膨胀过程中温度一定升高，故D 正确；
E ．由公式
U Q W ∆=+
知，气体的内能增加时，气体可能对外做功，也可能放出热量，但不可能同时对外做功和放出热量，故E 正确。

故选ADE 。

12．BC
【解析】
【详解】
AB ．起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，设动力为F ，合力为F b ，如图所示：
在△OFF b 中，由几何关系得：
mg
F b =mg
由牛顿第二定律得飞行器的加速度为：
a 1=g
故A 错误，B 正确；
CD ．t 时刻的速率：
v=a 1t=gt
推力方向逆时针旋转60°，合力的方向与水平方向成30°斜向下，推力F'跟合力F'h 垂直，如图所示，此时合力大小为：
F'h =mgsin30°
动力大小：
F′
＝2
mg 飞行器的加速度大小为：
23012
mgsin a g m ︒== 到最高点的时间为：
2212
v gt t t a g '=== 故C 正确，D 错误；
故选BC 。

三、实验题:共2小题，每题8分，共16分
13．80 120
1I 4k 170b k - 【解析】
【详解】
(1)[1][2]．选择开关与“1”、“2”相连时为电流表，量程分别为2.5mA 和1mA 。

根据串、并联电路特点有 ()02001
2.5mA I R r I R ++= 00012
1mA r I R I R +=+ 联立解得
180R =Ω
2120R =Ω。

(2)[3]．选择开关与“3”相连，量程为1mA ，根据并联电路特点可知1R 、2R 串联后与表头并联的总电阻为0014
R r =，通过电源的电流为通过表头电流I 的4倍。

根据闭合电路欧姆定律有 ()034E I r R R R =+++
变形为
()03414R R r R I E E
++=+ 由此可知横轴为R ，则纵坐标轴为
1I。

[4][5]．斜率 4k E
= 纵截距
()034R R r b E
++= 解得
4E k
= 170b r k =- 14．平衡摩擦力 0.560cm 222112d d E M t t ⎡⎤
⎛⎫⎛⎫⎢⎥=- ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎣⎦
V W =FL 【解析】
【分析】
【详解】
（1）为了使绳子拉力充当合力，即细线拉力做的功等于合力对木板做的功应先平衡摩擦力，即实验中轨道应倾斜一定角度，这样做的目的是平衡摩擦力；
（2）游标卡尺的读数先读出主尺的刻度数：5mm ，游标尺的刻度第12个刻度与上边的刻度对齐，所以游标读数为：0.05×12=0.60mm ，总读数为：5mm+0.60mm=5.60mm=0.560cm
（3）木板通过A 时的速度：v A ＝2d t ；通过B 时的速度：v B ＝1
d t ；则木板通过A 、B 过程中动能的变化量：222221111222A B d d E Mv Mv M t t ⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎢⎥=-- ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎣⎦
V ＝；合力对木板所做的功：W =FL ； 四、解答题：本题共3题，每题8分，共24分
15．
(1) 1n <
EF d =
【解析】
【详解】
解：(1)若红光能从MN 面射出，在MN 面上不能发全反射，则红光的临界角为9045()C i >=︒-︒ 由临界角公式得：11sinC n =
解得：12n <
(2)复色光经MN 折射后的光路如图，由折射定律得：11
1sini sinr n = 22
1sini sinr n = 根据几何关系有：21()EF d tanr tanr =-
联立解得：2
12
2
212(2)EF d n n =---
16．见解析
【解析】
【详解】
（1）小物体A 在P 1、P 2区间上方运动时，假设A 相对B 静止，对A 、B 、C 整体，由牛顿第二定律有： 2334mgsin mg cos mg ma θμθ-⋅⋅-=
代入数据解得：
20.5m/s a =
隔离A ，有：
mgsin f ma θ-=
代入数据得：
f=5.5m
而A 、B 间的最大静摩擦力
16m f mgcos m μθ==
所以 m f f ＜，假设成立，A 、B 、C 一起运动。

小物体A 进入P 1、P 2区间上方运动时加速度为：a=0.5m/s 2 当小物体A 进入P 1、P 2区间内，隔离A ，有： F mgsin f ma θ+-=
得 f=6.5m ＞f m ，即A 相对于B 向下滑动。

对A 有： 11F mgsin mgcos ma θμθ+-=
代入数据解得：
211m/s a =
（2）小物体A 刚到P 2时，A 、B 、C 速度满足 202v as =
代入数据解得：
v 0=1m/s
当小物体A 进入P 1、P 2区间内时，对B 、C 整体，有： 122233mgsin mgcos mgcos mg ma θμθμθ+-⋅-= 代入数据解得：
222m/s 3
a = 当小物体A 刚到P 1时，小物体速度满足
2210122v v a L -=
代入数据解得：
13m/s v =
小物体A 从P 2到P 1运动时间为：
101131s 2s 1
v v t a --=== B 、C 速度为：
20212712(m/s)33
v v a t =+=+⨯= 此过程中B 运动距离为：
02217
11032m m 223v v x t +
+==⨯= 因此当小物体A 刚过P 1时，小物体A 离平板B 下端距离为：
2213m x s L x ∆=--=（）
此时B 刚好与挡板P 发生碰撞且绳断，此后A 将以速度v 1=3m/s 向下匀速运动，B 将向上以27m/s 3
v =做匀速运动。

隔离B ，有： 123232mgsin mgcos mgcos mg ma θμθμθ++⋅-= 代入数据解得：
2312m/s a =
对A 、B ，有：
212223212
x v t v t a t ∆=+- 解得：
2t = 此时平板B 速度为：
2329m/s 3
B v v a t =-= 此后A 滑离平板B ，B 继续向上匀减速，对B ，有： 24222mgsin mgcos mg ma θμθ+⋅-=
代入数据解得：
248m/s a =
平板B 向上运动到最高点时速度减为零，运动时间为：
34B v t a == 因此平板B 与挡板P 碰后到最高点时间为：
23B t t t =+= 17．（1）sin A a g θ=；0B a =（2
3
） 【解析】
【详解】
解：(1)对B 分析：sin cos B mg mg ma θμθ-=
0B a =，B 仍处于静止状态
对A 分析，底面光滑，则有：mg sin A ma θ= 解得：sin A a g θ=
(2) 与B 第一次碰撞前的速度，则有：202A A v a L =
解得：A v =
所用时间由：1v A at =，解得：1t =
对AB ，由动量守恒定律得：1A B mv mv mv =+ 由机械能守恒得：
2221111222A B mv mv mv =+
解得：10,B v v ==(3)碰后，A 做初速度为0的匀加速运动，B 做速度为2v 的匀速直线运动，设再经时间2t 发生第二次碰撞，则有：2212
A A x a t = 22
B x v t =
第二次相碰：A B x x =
解得：2t =从A 开始运动到两滑块第二次碰撞所经历的的时间：12t t t =+
解得：t =。