辽宁省六校2022-2023学年高二上学期期初考试-物理答案
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C．粒子由静止释放电场力先做正功后做负功，所以电势能先减小后增大，故C错误；
D．粒子运动的加速度为
从x=0到x=x2的过程中，切线的斜率先减小后增大，所以电场强度的大小先减小后增大，加速度先减小后增大，故D正确。
故选D。
7.如图所示，固定于水平面上的竖直光滑圆轨道的半径为R，B、D分别为圆轨道的最高点和最低点，A与C为平行于地面的直径的两端点，小球（视为质点）从轨道上的A点以某一速度沿轨道竖直向下运动。下列判断正确的是（ ）
A.沾水潮湿的手指会影响正常解锁
B.小极板与指纹凸部分形成的电容器电容较大
C.小极板与指纹凹部分形成的电容器带电量较多
D.用打印好的指纹照片覆盖在传感器上面也能够实现指纹解锁
【答案】AB
【解析】
【详解】A．沾水潮湿的手指相当于将电容器的两个极板短路，传感器不能给电容器正常充电，因此会影响正常解锁，A正确；
A.只有 时，小球才能到达B点
B.小球从A点到D点的过程中克服重力做功，且重力做功的功率先增大后减小
C.若小球能过B点，则小球从A点运动至D点的时间小于从C点运动至B点的时间
D.若轨道存在摩擦，则小球从A点至D点与从D点至C点过程中克服摩擦力做的功一定相等
【答案】C
【解析】
【详解】A．小球要通过最高点B满足最小速度时，重力提供向心力，则有
B.船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直
C.船在河水中航行的轨迹是一条直线
D.船在河水中的最大速度是3m/s
【答案】B
【解析】
【详解】AB．由题图甲可知河宽300m，船头始终与河岸垂直时，船渡河的时间最短，则
故A错误，B正确；
C．由于船沿河漂流的速度大小始终在变化，故船的实际速度大小和方向也在时刻发生变化，船在河水中航行的轨迹是曲线，故C错误；
D.v-t图像中0至t3时间内物体3和物体4的平均速度相等
【答案】C
【解析】
【详解】A．x-t图像切线的斜率表示物体运动的速度，速度的正负表示物体的运动方向，所以甲图中t2时刻物体2已经向负方向运动，而乙图中t4时刻速度为正，物体4仍向正方向运动，故A错误；
B．x-t图像的交点表示两物体相遇，而v-t图像的交点表示速度相等，故B错误；
故选BD。
10.如图甲所示，水平地面上叠放着A、B两物体，A与B的接触面水平，它们的质量为 ，A与B之间的动摩擦因数为 ，B与地面之间的动摩擦因数为 ，现用水平力 和 前后两次分别作用在A和B上，如图（1）和（2）所示，若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则以下说法正确的是（ ）
A.在图（1）中，只要 ，B就会在地面上滑动
故B正确；
C．探测器在轨道I上运动，经过O点时减速变轨到轨道II，则经过O点的速度大于v，故C错误；
D．轨道III的半长轴为2R，根据开普勒第三定律可知
解得
则在轨道II上第一次由O点到P点与轨道III上第一个由O点到Q点 时间之比为 ，故D错误。
故选B。
6.如图所示为某电场中x轴上电势φ随x变化的图像，一个带电粒子仅受电场力作用，在x=0处由静止释放，粒子沿x轴正向运动，且以一定的速度通过x=x2处，则下列说法正确的是 （ ）
F静cosθ=qE
对A球有
F静sinθ=GA
得
施加力F之后，有
得
可以比较
由夹角关系，可知AB之间的距离变小了，那么之间的静电力变大了，故B错误，C正确．
所以
， ，
可知滑到底边时动能大小关系为
故C错误，符合题意；
D．又因为 ，所以
故D正确，不符合题意。
故选C。
9.如图所示，真空中x轴上有A、B、C三点，A点和B点分别固定一个点电荷 和 ，在C点静止释放一个试探电荷q后，q开始做往复运动，不计试探电荷的重力，以下说法正确的是（ ）
A. 和 一定是同种电荷
A.v0tanθ
B.
C
D.
【答案】D
【解析】
【详解】当落点与起抛点 连线垂直于斜面时，此时小球到达斜面的位移最小，从而得到位移偏转角为 ，则
解得
故选D。
3.河水的流速随离一侧河岸的距离的变化关系如图甲所示，船在静水中的速度与时间的关系如图乙所示。若要以最短时间渡河，则（ ）
A.船渡河的最短时间是60s
BC．根据电容器的决定式
小极板与指纹凸部分形成的电容器极板间的距离较小，电容较大；而小极板与指纹凹部分形成的电容器极板间的距离较大，电容较小，根据电容器的定义式
由于充电电压相同，电容较小时，充电量较小，电容较大时，充电量较大，B正确，C错误；
D．用打印好的指纹照片覆盖在传感器上，照片与小极板之间没有凹凸距离的变化，因此不能实现指纹解锁，D错误。
C．平均速度等于物体发生的位移与所用时间的比值，甲图中两物体位移相等，时间相等，所以平均速度相等，故C正确；
D．v-t图像与横轴所围区域的面积表示物体发生的位移，乙图中物体4的位移大于物体3的位移，两物体运动时间相等，所以物体4的平均速度大于物体3的平均速度，故D错误。
故选C
2.如图所示，小球以v0正对倾角为θ的斜面水平抛出，若小球到达斜面的位移最小，则飞行时间t为（重力加速度为g）（ ）
B.在图（1）中，只要 ，A就会相对于B滑动
C.在图（2）中，A的加速度最大能达到
D.在图（1）和（2）中，当A和B刚要相对滑动时，
【答案】AC
【解析】
【详解】AB．在图（1）中：当A、B刚要发生相对滑动时，A、B间的摩擦力达到最大静摩擦力，即
隔离对B分析，根据牛顿第二定律得
解得
对整体分析，根据牛顿第二定律有
解得
知当 时，A、B发生相对滑动；B与地面间的最大静摩擦力
只要 ，B就会在地面上滑动，故A正确，B错误；
CD．在图（2）中：当A、B刚要发生相对滑动时，A、B间的摩擦力达到最大静摩擦力，即
隔离对A分析，根据牛顿第二定律有
解得
对整体分析，根据牛顿第二定律有
解得
故C正确，D错误。
故选AC。
11.很多手机的指纹解锁功能利用了电容式指纹识别技术。如图所示，当手指贴在传感器上时，指纹的凹凸部分与小极板形成面积相同而距离不同的电容器。传感器给电容器充电达到同一电压值后，根据电容不同等信息进行解锁，则（ ）
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】受力如图
绳子OA的拉力方向水平向左，则绳子OB、OC的拉力的合力水平向右，因为绳子OB、OC的拉力大小相等，根据几何知识可得， ，则
故选C。
5. 年 月 日，中国首次火星探测任务“天问一号”探测器在中国文昌航天发射场点火升空，并将于 年登陆火星。假设如图所示为载着登陆舱的探测器经过多次变轨后登陆火星的轨迹图，其中轨道Ⅰ、Ⅲ为椭圆，轨道Ⅱ为圆。探测器在轨道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ上运动后在 点登陆火星， 点是轨道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ的交点，轨道上的 、 、 三点与火星中心在同一直线上， 、 两点分别是椭圆轨道Ⅲ的远火星点和近火星点。已知火星的半径为 ， ，探测器在轨道Ⅱ上经过 点时的速度为 下列说法正确的是 （ ）
【答案】C
【解析】
【详解】A．设斜面和水平方向夹角为θ，斜面长度为X，则物体下滑过程中克服摩擦力做功为
而Xcosθ即为底边长度，物体沿斜面下滑，损失的机械能
由图可知a和b底边相等且等于c的 ，
即
故A正确，不符合题意；
B．物体沿斜面下滑时，根据牛顿第二定律有
得
由图可知
所以
故B正确，不符合题意；
C．设物体滑到底端时的速度为v，根据动能定理得
FNA=2qE，FNB=GA+GB
当施加力F重新平衡时，有
FNA=2qE，FNB=F+GA+GB
可以看得出施加F重新平衡后，竖直墙壁对球A的弹力没有变，根据作用力与反作用力，即球A对墙壁的作用力没有变，水平面对球B的弹力增大了，故A正确，D错误；
BC．设AB两球连线与水平方向的夹角为θ，没有施加F时，对B球有
B.它们带电量的绝对值的大小关系一定是
C.q的电性一定和 相同
D.q的电性一定和 相同
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．在C点静止释放一个试探电荷q后，q开始做往复运动，可知 和 一定是异种电荷，因A点距离C点较远，根据
可知
选项A错误，B正确；
CD．试探电荷q能在C点附近做往复运动，可知q与Q2电性相同，与Q1电性相反，选项C错误，D正确。
【详解】A．根据开普勒第二定律可知，在同一轨道上探测器与火星中心的连线在相等的时间内扫过相等的面积，在不同的轨道上，不具备上述关系，即在相等时间内，轨道I上探测器与火星中心的连线扫过的面积与轨道II上探测器与火星中心的连线扫过的面积不一定相等，故A错误；
B．轨道II是圆轨道，半径为3R，经过O点的速度为v，根据圆周运动的规律可知，探测器经过O点加速度为
2022—2023学年度（上）六校高二期初考试
物理试题
考试时间：90分钟满分：100分
第Ⅰ卷（选择题48分）
一、选择题（本题共12小题，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，每小题4分；第9~12题有多项符合题目要求，每小题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错、多选或不选的得0分。）
A.A球对竖直墙壁的作用力不变
B.两球之间的距离一定增大
C.A球对B球作用的静电力增大
D.地面对B球的弹力不变
【答案】AC
【解析】
【详解】AD．受力分析如图所示
若把AB两小球看作一个整体，AB之间的相互作用力可以看作是内力，在没有施加力F时，物体在水平方向受电场力和墙壁对小球A的弹力，竖直方向受重力和水平面对球B的弹力，有
A.x1和x2处的电场强度均为零
B.x1和x2之间的场强方向不变
C.粒子从x=0到x=x2过程中，电势能先增大后减小
D.粒子从x=0到x=x2过程中，加速度先减小后增大
【答案】D
【解析】
【详解】A．φ-x图像切线的斜率表示电场强度的大小，故A错误；
B．沿电场线方向电势降低，由图可知，x1和x2之间电势先增大后减小，所以场强的方向先沿x轴负方向，再沿x轴正方向，故B错误；
A.相等时间内，在轨道Ⅰ上，探测器与火星中心的连线扫过的面积与在轨道Ⅱ上探测器与火星中心的连线扫过的面积相等
B.探测器在轨道Ⅱ上运动时，经过 点的加速度等于
C.探测器在轨道Ⅰ上运动时，经过 点的速度小于
D.探测器在轨道Ⅱ上第一次由 点到 点与在轨道Ⅲ上第一次由 点到 点运动的时间之比是
【答案】B
【解析】
1.如图所示，甲图是x-t图像，乙图是v-t图像，图中给出的四条曲线1、2、3、4，分别代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是（ ）
A.两图像中，t2、t4时刻分别表示物体2、物体4已经向负方向运动
B.两图像中，物体1和物体2在t1时刻相遇，物体3和物体4在t3时刻相遇
C.x-t图像中0至t1时间内物体1和物体2的平均速度相等
D．船沿河漂流的最大速度为4m/s，所以船在河水中的最大速度
D错误。
故选B系于墙上，OB、OC另一端跨过定滑轮后各挂质量均为m的重物，不计一切摩擦及阻力，系统平衡时，AO、CO与BO的反向延长线的夹角分别为 和 。若 ，则 等于（ ）
A.70°B.90°C.110°D.130°
故选C。
8.如图所示，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、 ，高度分别为 、h、h。某物体与三个斜面间的动摩擦因数都相同，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端，三种情况相比较，下列说法错误的是（）
A.物体损失的机械能
B.物体下滑时加速度大小
C.物体到达底端的动能
D.物体到达底端的速度
根据动能定理得
解得
故当 时，小球将能到达B点，A错误；
B．小球从A点到D点的过程中重力做正功，故B错误；
C．若小球能过B点，全过程中机械能守恒，过重力势能越大则动能越小，则小球从A点运动至D点平均速率大于从C点运动至B点的平均速率，故小球从A点运动至D点的时间小于从C点运动至B点的时间，C正确；
D．若轨道存在摩擦，则小球在运动过程中摩擦力做负功机械能越来越小，对称的同高度位置重力势能相同，右侧的动能小于左侧的动能，故左侧运动时轨道为提供较大的向心力，支持力较大，故左侧的运动时关于最低点对称位置的摩擦力也较大，故从A点至D点与从D点至C点过程中克服摩擦力做的功，A点至D点较多，D错误。
故选AB。
12.如图所示PO为光滑绝缘竖直墙壁、OQ为光滑绝缘水平地面，地面上方有一水平向左的匀强电场E，带正电荷的A、B两小球(可视为质点)均紧靠接触面而处于静止状态，这时两球之间的距离为L.若在小球A上加竖直推力F，小球A沿墙壁PO向着O点移动一小段距离后，适当移动B球，小球A与B重新处于静止状态，则与原来比较(两小球所带电荷量保持不变)()
D．粒子运动的加速度为
从x=0到x=x2的过程中，切线的斜率先减小后增大，所以电场强度的大小先减小后增大，加速度先减小后增大，故D正确。
故选D。
7.如图所示，固定于水平面上的竖直光滑圆轨道的半径为R，B、D分别为圆轨道的最高点和最低点，A与C为平行于地面的直径的两端点，小球（视为质点）从轨道上的A点以某一速度沿轨道竖直向下运动。下列判断正确的是（ ）
A.沾水潮湿的手指会影响正常解锁
B.小极板与指纹凸部分形成的电容器电容较大
C.小极板与指纹凹部分形成的电容器带电量较多
D.用打印好的指纹照片覆盖在传感器上面也能够实现指纹解锁
【答案】AB
【解析】
【详解】A．沾水潮湿的手指相当于将电容器的两个极板短路，传感器不能给电容器正常充电，因此会影响正常解锁，A正确；
A.只有 时，小球才能到达B点
B.小球从A点到D点的过程中克服重力做功，且重力做功的功率先增大后减小
C.若小球能过B点，则小球从A点运动至D点的时间小于从C点运动至B点的时间
D.若轨道存在摩擦，则小球从A点至D点与从D点至C点过程中克服摩擦力做的功一定相等
【答案】C
【解析】
【详解】A．小球要通过最高点B满足最小速度时，重力提供向心力，则有
B.船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直
C.船在河水中航行的轨迹是一条直线
D.船在河水中的最大速度是3m/s
【答案】B
【解析】
【详解】AB．由题图甲可知河宽300m，船头始终与河岸垂直时，船渡河的时间最短，则
故A错误，B正确；
C．由于船沿河漂流的速度大小始终在变化，故船的实际速度大小和方向也在时刻发生变化，船在河水中航行的轨迹是曲线，故C错误；
D.v-t图像中0至t3时间内物体3和物体4的平均速度相等
【答案】C
【解析】
【详解】A．x-t图像切线的斜率表示物体运动的速度，速度的正负表示物体的运动方向，所以甲图中t2时刻物体2已经向负方向运动，而乙图中t4时刻速度为正，物体4仍向正方向运动，故A错误；
B．x-t图像的交点表示两物体相遇，而v-t图像的交点表示速度相等，故B错误；
故选BD。
10.如图甲所示，水平地面上叠放着A、B两物体，A与B的接触面水平，它们的质量为 ，A与B之间的动摩擦因数为 ，B与地面之间的动摩擦因数为 ，现用水平力 和 前后两次分别作用在A和B上，如图（1）和（2）所示，若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则以下说法正确的是（ ）
A.在图（1）中，只要 ，B就会在地面上滑动
故B正确；
C．探测器在轨道I上运动，经过O点时减速变轨到轨道II，则经过O点的速度大于v，故C错误；
D．轨道III的半长轴为2R，根据开普勒第三定律可知
解得
则在轨道II上第一次由O点到P点与轨道III上第一个由O点到Q点 时间之比为 ，故D错误。
故选B。
6.如图所示为某电场中x轴上电势φ随x变化的图像，一个带电粒子仅受电场力作用，在x=0处由静止释放，粒子沿x轴正向运动，且以一定的速度通过x=x2处，则下列说法正确的是 （ ）
F静cosθ=qE
对A球有
F静sinθ=GA
得
施加力F之后，有
得
可以比较
由夹角关系，可知AB之间的距离变小了，那么之间的静电力变大了，故B错误，C正确．
所以
， ，
可知滑到底边时动能大小关系为
故C错误，符合题意；
D．又因为 ，所以
故D正确，不符合题意。
故选C。
9.如图所示，真空中x轴上有A、B、C三点，A点和B点分别固定一个点电荷 和 ，在C点静止释放一个试探电荷q后，q开始做往复运动，不计试探电荷的重力，以下说法正确的是（ ）
A. 和 一定是同种电荷
A.v0tanθ
B.
C
D.
【答案】D
【解析】
【详解】当落点与起抛点 连线垂直于斜面时，此时小球到达斜面的位移最小，从而得到位移偏转角为 ，则
解得
故选D。
3.河水的流速随离一侧河岸的距离的变化关系如图甲所示，船在静水中的速度与时间的关系如图乙所示。若要以最短时间渡河，则（ ）
A.船渡河的最短时间是60s
BC．根据电容器的决定式
小极板与指纹凸部分形成的电容器极板间的距离较小，电容较大；而小极板与指纹凹部分形成的电容器极板间的距离较大，电容较小，根据电容器的定义式
由于充电电压相同，电容较小时，充电量较小，电容较大时，充电量较大，B正确，C错误；
D．用打印好的指纹照片覆盖在传感器上，照片与小极板之间没有凹凸距离的变化，因此不能实现指纹解锁，D错误。
C．平均速度等于物体发生的位移与所用时间的比值，甲图中两物体位移相等，时间相等，所以平均速度相等，故C正确；
D．v-t图像与横轴所围区域的面积表示物体发生的位移，乙图中物体4的位移大于物体3的位移，两物体运动时间相等，所以物体4的平均速度大于物体3的平均速度，故D错误。
故选C
2.如图所示，小球以v0正对倾角为θ的斜面水平抛出，若小球到达斜面的位移最小，则飞行时间t为（重力加速度为g）（ ）
B.在图（1）中，只要 ，A就会相对于B滑动
C.在图（2）中，A的加速度最大能达到
D.在图（1）和（2）中，当A和B刚要相对滑动时，
【答案】AC
【解析】
【详解】AB．在图（1）中：当A、B刚要发生相对滑动时，A、B间的摩擦力达到最大静摩擦力，即
隔离对B分析，根据牛顿第二定律得
解得
对整体分析，根据牛顿第二定律有
解得
知当 时，A、B发生相对滑动；B与地面间的最大静摩擦力
只要 ，B就会在地面上滑动，故A正确，B错误；
CD．在图（2）中：当A、B刚要发生相对滑动时，A、B间的摩擦力达到最大静摩擦力，即
隔离对A分析，根据牛顿第二定律有
解得
对整体分析，根据牛顿第二定律有
解得
故C正确，D错误。
故选AC。
11.很多手机的指纹解锁功能利用了电容式指纹识别技术。如图所示，当手指贴在传感器上时，指纹的凹凸部分与小极板形成面积相同而距离不同的电容器。传感器给电容器充电达到同一电压值后，根据电容不同等信息进行解锁，则（ ）
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】受力如图
绳子OA的拉力方向水平向左，则绳子OB、OC的拉力的合力水平向右，因为绳子OB、OC的拉力大小相等，根据几何知识可得， ，则
故选C。
5. 年 月 日，中国首次火星探测任务“天问一号”探测器在中国文昌航天发射场点火升空，并将于 年登陆火星。假设如图所示为载着登陆舱的探测器经过多次变轨后登陆火星的轨迹图，其中轨道Ⅰ、Ⅲ为椭圆，轨道Ⅱ为圆。探测器在轨道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ上运动后在 点登陆火星， 点是轨道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ的交点，轨道上的 、 、 三点与火星中心在同一直线上， 、 两点分别是椭圆轨道Ⅲ的远火星点和近火星点。已知火星的半径为 ， ，探测器在轨道Ⅱ上经过 点时的速度为 下列说法正确的是 （ ）
【答案】C
【解析】
【详解】A．设斜面和水平方向夹角为θ，斜面长度为X，则物体下滑过程中克服摩擦力做功为
而Xcosθ即为底边长度，物体沿斜面下滑，损失的机械能
由图可知a和b底边相等且等于c的 ，
即
故A正确，不符合题意；
B．物体沿斜面下滑时，根据牛顿第二定律有
得
由图可知
所以
故B正确，不符合题意；
C．设物体滑到底端时的速度为v，根据动能定理得
FNA=2qE，FNB=GA+GB
当施加力F重新平衡时，有
FNA=2qE，FNB=F+GA+GB
可以看得出施加F重新平衡后，竖直墙壁对球A的弹力没有变，根据作用力与反作用力，即球A对墙壁的作用力没有变，水平面对球B的弹力增大了，故A正确，D错误；
BC．设AB两球连线与水平方向的夹角为θ，没有施加F时，对B球有
B.它们带电量的绝对值的大小关系一定是
C.q的电性一定和 相同
D.q的电性一定和 相同
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．在C点静止释放一个试探电荷q后，q开始做往复运动，可知 和 一定是异种电荷，因A点距离C点较远，根据
可知
选项A错误，B正确；
CD．试探电荷q能在C点附近做往复运动，可知q与Q2电性相同，与Q1电性相反，选项C错误，D正确。
【详解】A．根据开普勒第二定律可知，在同一轨道上探测器与火星中心的连线在相等的时间内扫过相等的面积，在不同的轨道上，不具备上述关系，即在相等时间内，轨道I上探测器与火星中心的连线扫过的面积与轨道II上探测器与火星中心的连线扫过的面积不一定相等，故A错误；
B．轨道II是圆轨道，半径为3R，经过O点的速度为v，根据圆周运动的规律可知，探测器经过O点加速度为
2022—2023学年度（上）六校高二期初考试
物理试题
考试时间：90分钟满分：100分
第Ⅰ卷（选择题48分）
一、选择题（本题共12小题，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，每小题4分；第9~12题有多项符合题目要求，每小题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错、多选或不选的得0分。）
A.A球对竖直墙壁的作用力不变
B.两球之间的距离一定增大
C.A球对B球作用的静电力增大
D.地面对B球的弹力不变
【答案】AC
【解析】
【详解】AD．受力分析如图所示
若把AB两小球看作一个整体，AB之间的相互作用力可以看作是内力，在没有施加力F时，物体在水平方向受电场力和墙壁对小球A的弹力，竖直方向受重力和水平面对球B的弹力，有
A.x1和x2处的电场强度均为零
B.x1和x2之间的场强方向不变
C.粒子从x=0到x=x2过程中，电势能先增大后减小
D.粒子从x=0到x=x2过程中，加速度先减小后增大
【答案】D
【解析】
【详解】A．φ-x图像切线的斜率表示电场强度的大小，故A错误；
B．沿电场线方向电势降低，由图可知，x1和x2之间电势先增大后减小，所以场强的方向先沿x轴负方向，再沿x轴正方向，故B错误；
A.相等时间内，在轨道Ⅰ上，探测器与火星中心的连线扫过的面积与在轨道Ⅱ上探测器与火星中心的连线扫过的面积相等
B.探测器在轨道Ⅱ上运动时，经过 点的加速度等于
C.探测器在轨道Ⅰ上运动时，经过 点的速度小于
D.探测器在轨道Ⅱ上第一次由 点到 点与在轨道Ⅲ上第一次由 点到 点运动的时间之比是
【答案】B
【解析】
1.如图所示，甲图是x-t图像，乙图是v-t图像，图中给出的四条曲线1、2、3、4，分别代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是（ ）
A.两图像中，t2、t4时刻分别表示物体2、物体4已经向负方向运动
B.两图像中，物体1和物体2在t1时刻相遇，物体3和物体4在t3时刻相遇
C.x-t图像中0至t1时间内物体1和物体2的平均速度相等
D．船沿河漂流的最大速度为4m/s，所以船在河水中的最大速度
D错误。
故选B系于墙上，OB、OC另一端跨过定滑轮后各挂质量均为m的重物，不计一切摩擦及阻力，系统平衡时，AO、CO与BO的反向延长线的夹角分别为 和 。若 ，则 等于（ ）
A.70°B.90°C.110°D.130°
故选C。
8.如图所示，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、 ，高度分别为 、h、h。某物体与三个斜面间的动摩擦因数都相同，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端，三种情况相比较，下列说法错误的是（）
A.物体损失的机械能
B.物体下滑时加速度大小
C.物体到达底端的动能
D.物体到达底端的速度
根据动能定理得
解得
故当 时，小球将能到达B点，A错误；
B．小球从A点到D点的过程中重力做正功，故B错误；
C．若小球能过B点，全过程中机械能守恒，过重力势能越大则动能越小，则小球从A点运动至D点平均速率大于从C点运动至B点的平均速率，故小球从A点运动至D点的时间小于从C点运动至B点的时间，C正确；
D．若轨道存在摩擦，则小球在运动过程中摩擦力做负功机械能越来越小，对称的同高度位置重力势能相同，右侧的动能小于左侧的动能，故左侧运动时轨道为提供较大的向心力，支持力较大，故左侧的运动时关于最低点对称位置的摩擦力也较大，故从A点至D点与从D点至C点过程中克服摩擦力做的功，A点至D点较多，D错误。
故选AB。
12.如图所示PO为光滑绝缘竖直墙壁、OQ为光滑绝缘水平地面，地面上方有一水平向左的匀强电场E，带正电荷的A、B两小球(可视为质点)均紧靠接触面而处于静止状态，这时两球之间的距离为L.若在小球A上加竖直推力F，小球A沿墙壁PO向着O点移动一小段距离后，适当移动B球，小球A与B重新处于静止状态，则与原来比较(两小球所带电荷量保持不变)()