2020年湖南省张家界一中高考物理二模试卷(含答案解析)

2020年湖南省张家界一中高考物理二模试卷
一、单选题（本大题共5小题，共15.0分）
1.一小船欲渡过一条河宽为200m的河，已知水流的速度为3m/s，船在静水中的速度为5m/s，则
下列说法中正确的是()
A. 小船不能垂直过河
B. 小船过河的最短时间为25s
C. 小船以最短位移过河时，所需要的时间为50s
D. 若小船的船头始终正对河岸过河，水流速度变大，则小船过河的时间变长
2.如图所示，质量为如的小球在竖直面内的光滑腿形轨道内侧做圆运动，
通过最高O点且刚好不脱离轨道时的速度为v，重力加速度为g，小球
通过圆轨道的最低点时的速
度大小是最高点的√5倍，球对轨道最低点和最高点的压力差为()
A. 2mg
B. 4mg
C. 6mg
D. 8mg
3.质量为M的木块位于粗糙的水平面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，使其速度由0增大到
v，这一过程合力做功W1，木块加速度为a1，然后拉力方向不变，大小变为恒定2F，又作用一段时间，使其速度由v增大到2v，这一过程合力做功W2，加速度为a2，下列关系正确的是()
A. W2=W1，a2=2a1
B. W2=2W1，a2<2a1
C. W2>3W1，a2=2a1
D. W2=3W1，a2>2a1
4.如图所示，质量、电量分别为m1、m2、q1、q2的两球，用绝缘丝线悬于同一
点，静止后它们恰好位于同一水平面上，细线与竖直方向夹角分别为α、β，
则()
A. 若m1=m2，q1<q2，则α<β
B. 若m1=m2，q1<q2，则α>β
C. 若q1=q2，m1>m2，则α>β
D. q1、q2是否相等与α、β大小无关，且若m1>m2，则α<β
5.甲、乙两图中有两个粗细和材料相同的金属半圆线框，两圆的半径相等，两线框的电阻均为2R，
在甲图中，半圆以v的速度向右匀速运动，AO与磁场左边界垂直，此时圆心刚好经过磁场左边
界。

乙图中半圆固定，有一电阻为R的金属棒放在半圆上，以大小为v的速度向右匀速运动，此时，导体棒刚好经过圆心。

问在甲、乙两图中此时通过OA段的电流大小之比为()
A. 1：1
B. 1：2
C. 3：2
D. 2：3
二、多选题（本大题共7小题，共27.0分）
6.如图所示是霍尔元件的工作原理示意图，如果用d表示薄片的厚度，
k为霍尔系数，对于一个霍尔元件d、k为定值，如果保持I恒定，则
可以验证U H随B的变化情况，以下说法中正确的是()
A. 磁感应强度B增大时，U H将变大
B. 改变磁感线与薄片的夹角，U H将减小
C. 在测定地球两极的磁场强弱时，薄片应保持水平
D. 在测定地球赤道上的磁场强弱时，薄片应保持水平
7.下列有关近代物理的说法正确的是()
A. 光电效应实验中，只要入射光足够强，就能产生光电流
B. α粒子散射实验中少数粒子发生较大偏转是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据
C. 较重的核分裂成中等质量大小的核或较轻的核合并成中等质量大小的核，核子的比结合能都
会增加
D. α射线轰击氮原子核可以产生质子，核反应方程为： 24He+ 714N→ 817O+ 11H
E. 玻尔原子理论无法解释较为复杂原子光谱的现象，说明玻尔提出的原子定态概念是错误的．
8.如图所示，在光滑绝缘的水平桌面上有四个小球，带电量分别为−q、Q、−q、Q.四
个小球构成一个菱形，−q、−q的连线与−q、Q的连线之间的夹角为α.若此系统
处于平衡状态，则正确的关系式可能是()
A. cos3α=q
8Q
B. cos3α=8Q
q
C. sin3α=Q
8q
D. sin3α=8q
Q
9.如图甲所示，一定质量的理想气体从状态A经状态B和状态C又回到状态A，图乙为在A、B
两种状态时气体分子的速率分布图象。

已知状态C的温度为400K，下列分析正确的有()
A. 状态A的温度为200℃
B. 图乙中实线表示状态A时的分子速率分布图象
C. 从状态C到状态A，外界对气体做功为5×l04J
D. 和状态C相比，处于状态B时气体分子在单位时间内撞击器壁的次数更多
10.下列说法正确的是()
A. 饱和汽压与分子密度有关，与温度无关
B. 在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关
C. 晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点
D. 自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的
11.关于一定量的气体，下列说法正确的是()
A. 气体从外界吸收热量，其内能一定增加
B. 在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零
C. 气体在等压膨胀的过程中温度一定升高
D. 电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递
E. 功转变为热的实际宏观过程是不可逆过程
12.图甲是一列沿x轴方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，图乙是x=0.5m处质点的振动图
象，下列说法正确的是()
A. 此列波沿x轴正方向传播
B. 此波的波速为1m/s
C. 此波的振幅为8cm
D. x=0.5m处质点在0～1s内的路程为8cm
三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）
13.某兴趣小组用如图所示的装置验证动能定理。

(1)有两种工作频率均为50Hz的打点计时器供实验选用：
A.电磁打点计时器
B.电火花打点计时器
为使纸带在运动时受到的阻力较小，应选择______(选填“A”或“B”)。

(2)保持长木板水平，将纸带固定在小车后端，纸带穿过打点计时器的限位孔。

实验中，为消除
摩擦力的影响，在砝码盘中慢慢加入沙子，直到小车开始运动。

同学甲认为此时摩擦力的影响已得到消除。

同学乙认为还应从盘中取出适量沙子，直至轻推小车观察到小车做匀速运动。

看法正确的同学是______(选填“甲”或“乙”)。

(3)消除摩擦力的影响后，在砝码盘中加入砝码。

接通打点计时器电源，松开小车，小车运动。

纸带被打出一系列点，其中的一段如图所示。

纸带上P点的速度v P=______m/s。

(保留三位有
效数字)
(4)测出小车的质量为M，再测出纸带上起点到A点的距离为L.小车动能的变化量可用△E k=
1
Mv A2算出。

砝码盘中砝码的质量为m，重力加速度为g；实验中小车的质量应______(选填“远2
大于”“远小于”或“接近”)砝码、砝码盘和沙子的总质量，小车所受合力做的功可用W=
mgL算出。

多次测量，若W与△E k均基本相等则验证了动能定理。

14.要测一个待测电阻R x(190～210Ω)的阻值，实验室提供了如下器材：
电源：电压恒为3.0V；
电流表A1：量程0～10mA，内阻r1约50Ω；
电流表A2：量程0～500μA，内阻r2为1000Ω；
滑动变阻器R1：最大阻值20Ω，额定电流2A；
开关S及导线若干。

要求实验中尽可能准确地测量R x的阻值，请回答下面问题。

(1)为了测定待测电阻上的电压，可以将电流表______(选填“A1”或“A2”)串联定值电阻
______Ω，将其改装成一个量程为3.0V的电压表。

(2)如图(a)所示，同学们设计了测量电阻R x的甲、乙两种方案，其中用到了改装成的电压表和
另一个电流表，则应选______(选填“甲”或“乙”)方案。

(3)若测量待测电阻的电流表A的读数为I=6.2mA，改装后的电压表V的读数如图(b)所示，则
电压表V的读数是______V.根据电流表A和电压表V的读数，并考虑电压表内阻，求出的待测电阻R x=______Ω。

四、计算题（本大题共9小题，共83.0分）
15.如图所示，质量均为m=5kg的A、B两物体，静止叠放在水平地面上，A放置于B物体的最左
端，可看成质点，B物体长度为L=1.5m。

A、B间的动摩擦因数为μ1=0.5，B与地面间的动摩擦因数μ2=0.2.最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g=10m/s2.现对A施加一水平拉力F。

(1)若力F能够将A物体从B物体上拉离，求力F大小至少为多少；
(2)若力F为(1)问中最小值的1.5倍，求A从B物体上脱离时A、B各自的速度大小。

16.如图所示，固定的光滑半圆弧的直径AB=2R，且水平(虚线所示)，
有一个可视为质点的质量为m的小球，从A点以竖直向下的最小初
速度v0释放，已知小球始终受到一个水平向右的恒力F=mg作用，
并一直沿圆弧运动，g为重力加速度，求：
(1)小球初速度v0的值；
(2)小球在圆弧轨道运动过程中的最大动能；
(3)当小球离开B点时，水平力立即反向，大小变为F1，作用t1时间后，力的大小不变，方向再
次反向，小球恰好从A点切入圆弧，试求F1、t1的大小。

17.如图所示，在光滑水平地面上有一固定的挡板，挡板左端固定一个轻弹簧。

现有一质量M=3kg，
长L=4m的小车(其中O为小车的中点，AO部分粗糙，OB部分光滑)一质量为m=1kg的小物块(可视为质点)，放在车的最左端，车和小物块一起以v0=4m/s的速度在水平面上向右匀速运动，车撞到挡板后瞬间速度变为零，但未与挡板粘连。

已知车OB部分的长度大于弹簧的自然
长度，弹簧始终处于弹性限度内，小物块与车AO部分之间的动摩擦因数为μ=0.3，重力加速度g=10m/s2。

求：
(1)小物块和弹簧相互作用的过程中，弹簧对小物块的冲量。

(2)小物块最终停在小车上的位置距A端多远。

18.如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的光滑平行金
属导轨相距L=1m，导轨平面与水平面成θ=30°角，下端连接阻值
为R=0.8Ω的电阻，匀强磁场方向与导轨平面垂直，磁感强度大小
B=1T；质量为m=0.1kg、电阻r=0.2Ω金属棒放在两导轨上，棒
与导轨垂直并保持良好接触．g取10m/s2.求：
(1)金属棒沿导轨由静止开始下滑时的加速度大小；
(2)金属棒ab所能获得的最大速度；
(3)若属棒ab沿斜面下滑0.2m时恰好获得最大速度，求在此过程中回路一共生热多少焦？
19.静止在匀强磁场中的 36Li原子核，俘获一个速度为7.7×104m/s的中子而发生核反应放出α粒子
后变成一个新原子核，已知中子速度方向与磁场方向垂直，测得α粒子速度为2×104m/s，方向与中子速度方向相同，求：
(1)生成的新核是什么？写出核反应方程式。

(2)生成的新核的速度大小和方向。

(3)若α粒子与新核间相互作用不计，则二者在磁场中运动轨道半径之比？
(4)当粒子 24He旋转3周时，粒子 13H旋转几周？
20.封闭在气缸内一定质量的理想气体由状态A变到状态C，其体积与
热力学温度T关系如图所示。

该气体的摩尔质量为M，状态A的体
积为V0、温度为T0.已知O、A、C三点在同一直线上，阿伏伽德罗
常数为N A，求：
①若在A→C过程中，气体对外做功为5J，内能增加9J，则气体是吸热还是放热？吸收或放出
的热量是多少？
②在状态C，该气体的密度为ρ，体积为2V0，则状态C的温度为多少？该气体的分子数为多少？
21.蛟龙号载人潜水器是一艘由中国自行设计、自主研制的载人潜水器，2017年5月，“蛟龙”号
完成世界最深处下潜，最大下潜深度约为4800米。

某潜水器工作原理如图所示，设潜水器位于海面下90m深处静止不动，潜水器上有一容积4m3的贮气钢筒，筒内压缩气体的压强为
2.0×107Pa.将贮气钢内一部分压缩气体通过节流阀压入水舱，排出海水20m3，在这个过程中
气体温度不变，海面大气压为1.0×105Pa，海水密度取1.0×103kg/m3，重力加速度g取10m/s2.
求：
(1)潜水器贮气钢筒内剩余气体的压强；
(2)海面下90m深处潜水器最多能排出海水的体积。

22.给某包装袋充入氮气后密封，在室温下，袋中气体压强为1个标准大气压，体积为1L，将其缓
慢压缩到压强为2个标准大气压时，气体的体积变为0.45L，请通过计算判断该包装袋是否漏气．
23.唐人张志和在《玄真子⋅涛之灵》中写道：“雨色映日而为虹”，从
物理学的角度看，虹是太阳光经过雨滴的两次折射和一次反射形成
的。

我们通过简化示意图来研究彩虹的形成。

图中细光束在过球心
的平面内，包含红光和紫光两种单色光，入射角θ=45°，透明球对
红光折射率为n红=√2，球的半径为R，真空中的光速为c。

①分析判断，a和b哪种是红光？
②光线从入射方向到出射方向转过的角度称为偏向角，求红光的偏向角和红光在球内的传播时
间。

【答案与解析】
1.答案：C
解析：
因为水流速度小于静水速度，当静水速的方向与河岸垂直，渡河时间最短．
速度的合成满足平行四边形定则．
解决本题的关键知道当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，当合速度垂直河
岸时，位移最短．
A、水流的速度为3m/s，船在静水中的速度为5m/s，大于水速，因此可以垂直过河，故A错误；
s=40s，故B错误；
B、当静水速的方向与河岸的方向垂直时，渡河时间最短为：t=200
5
C、船要垂直河岸过河即合速度垂直河岸，小船过河的最短航程为200m，
合速度与分速度如图：
=50s，故C 过河时间用合位移除以合速度：v合=√52−32=4m/s，过河所需要的时间为t′=200
4
正确；
D、若小船的船头始终正对河岸过河，水流速度变大，则小船过河的时间仍为40s，故D错误；
故选：C。

2.答案：C
，解得v=√gR
解析：解：在最高点有：mg=m v2
R
在最低点有：N−mg=m(√5v)2
R
联立解得N=6mg。

所以小球对轨道的压力为6mg。

球对轨道最低点和最高点的压力差为6mg，故C正确，ABD错误。

故选：C。

小球在最高点刚好不脱离轨道，知轨道对小球的弹力为零，根据牛顿第二定律求出最高点的速度，根据牛顿第二定律求出最低点轨道对小球的支持力，再求解球对轨道最低点和最高点的压力差。

解决本题的关键知道向心力的来源，知道最高点的临界情况，通过牛顿第二定律结合向心力的计算公式进行求解。

3.答案：D
解析：解：由牛顿第二定律得：F−F f=ma1；2F−F f=ma2，由于物体所受的摩擦力F f=μF N=μmg，
即F f不变，所以a1=F−F f
m ，a2=2F−F f
m
=2(F−F f)+F f
m
=2a1+F f
m
=2a1+μg>2a1；
由动能定理：W1=1
2mv2−0；W2=1
2
m(2v)2−1
2
mv2=3⋅1
2
mv2=3W1，故ABC错误，D正确。

故选：D。

根据牛顿第二定律和摩擦力公式，可以求出a1、a2，根据动能定理，可以求出W1、W2。

本题考查了动能定理、牛顿第二定律等知识点。

关键点：对物体进行受力分析，利用牛顿第二定律求出加速度；运用动能定理解题首先要确定研究对象和研究过程，分析有哪些力做功，根据动能定理列出表达式进行求解。

4.答案：D
解析：解：设左边球为A，右边球为B，则对A、B球受力分析，
根据共点力平衡和几何关系得：
m1g=F1cosα，m2g=F2cosβ
由于F1=F2，若m1<m2.则有α>β；若m1>m2.则有α<β
根据题意无法知道带电量q1、q2的关系。

故选：D。

对A、B球受力分析，根据共点力平衡和几何关系表示出电场力和重力的关系．
根据电场力和重力的关系得出两球质量的关系．
要比较两球质量关系，我们要通过电场力把两重力联系起来进行比较．
5.答案：C
解析：解：设半圆线框的半径为r；
图甲所示线框切割磁感线的有效长度为r，感应电动势E=Brv，
通过OA的电流I OA=E
2R =Brv
2R
；
图乙所示金属棒切割磁感线产生的感应电动势E′=Brv，
图乙所示时刻，金属棒相当于电源，半圆是外电路，外电路电阻R外=R×R
R+R =1
2
R，
流过金属棒的电流：I′=
E′
R+R
外
=2Brv
3R，
流过OA段的电流：I OA′=1
2I′=Brv
3R
，
在甲、乙两图中此时通过OA段的电流大小之比I OA
I OA′=3
2
，故C正确，ABD错误。

故选：C。

由E=BLv求出感应电动势，应用闭合电路的欧姆定律求出通过OA的电流，然后求出电流之比。

本题是电磁感应与电路相结合的一道综合题，根据题意分析清楚电路结构是解题的前提，应用E= BLv、欧姆定律即可解题。

6.答案：ABC
解析：解：A、电子最终在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，evB=eU H
d
得：U H=Bdv，当磁感应强度B增大时，U H将变大，故A正确。

B、改变磁感线与霍尔元件工作面的夹角，需将磁场进行分解，在垂直于工作面方向上的磁感应强度小于原磁场磁感应强度的大小，则U H将减小，故B正确。

CD、地球赤道上方的地磁场方向水平，两极上方的磁场方向竖直；在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直，在测量两极磁场强弱时，霍尔元件的工作面应水平，故C正确，D 错误。

故选：ABC。

稳定时，电子所受的洛伦兹力和电场力平衡，测量地磁场强弱时，让地磁场垂直通过元件的工作面，通过地磁场的方向确定工作面的位置。

解决本题的关键知道霍尔效应的原理，知道电子受到电场力和洛伦兹力平衡，注意电场力与洛伦兹力平衡是解题的关键。

7.答案：BCD
解析：解：A、在光电效应的实验中，若入射光的频率小于金属的极限频率，则不能产生光电流，与光的强度无关．故A错误；
B、根据物理学史可知，α粒子散射实验中少数粒子发生较大偏转是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据．故B正确；
C、较重的核分裂成中等质量大小的核或较轻的核合并成中等质量大小的核的过程中会释放一定的能
量，所以核子的比结合能都会增加．故C 正确；
D 、1919年卢瑟福首先做了用a 粒子轰击氮核的实验，发现了质子，反应方程式为： 24He + 714N → 817O + 11
H .故D 正确；
E 、玻尔原子理论无法解释较为复杂原子光谱的现象，但是玻尔提出的原子定态概念是正确的．故E 错误． 故选：BCD
能否发生光电效应于光照强度无关，其条件是光的频率大于金属的极限频率；α粒子散射实验中少数α粒子发生了较大偏转说明存在原子核；α射线轰击氮原子核可以产生质子，裂变、聚变和衰变过程中会释放一定的能量．
本题考查了近代物理中的基本知识，对于这部分基本知识要注意加强理解和应用．解答本题关键是明确质子和中子的发现过程．
8.答案：AC
解析：解：由题意可知，对左边Q 受力分析，如图所示，两负q 对Q 的库仑力的合力与右边Q 对Q 的库仑力等值反向，
设菱形的边长为a ，则有：2k Qq
a 2sinα=k Q⋅Q
(2asinα)2
，解得：8qsin 3α=Q ；即为sin 3α=Q 8q
，故AC 正确，BD 错误；
故选：AC ．
根据库仑定律，结合受力分析，与力的平行四边形定则，及几何关系，即可求解． 考查库仑定律的应用，掌握受力分析与力的平行四边形定则，注意几何的正确建立．
9.答案：CD
解析：解：A 、从C 到A 是等圧変化，则有：V C
T C
=V A T A
，代入图中的数据可得：2.0400
=1.0T A
，解得T A =200K ，
即t A =(200−273)℃=−73℃，故A 错误；
B 、根据理想气体状态方程可得pV
T =C ，根据图象可知在B 状态的pV 大，则温度高，温度越高，平均速率大的分子数所占的比例增大，故图乙中实线表示状态B 时的分子速率分布图象，故B 错误； C 、p −V 图象与坐标轴围成的面积表示气体做的功，所以从状态C 到状态A ，外界对气体做功为W =p △V =0.5×105×(2.0−1.0)J =5×l04J ，故C 正确；
D、从B到C气体体积不变，分子数密度不变，由于压强减小，温度降低，分子在单位时间内撞击器壁的次数减少，所以，和状态C相比，处于状态B时气体分子在单位时间内撞击器壁的次数更多，故D正确。

故选：CD。

从C到A是等圧変化，根据理想气体状态方程求解温度；温度越高，平均速率大的分子数所占的比例越大；根据p−V图象与坐标轴围成的面积表示气体做的功进行解答；分子在单位时间内撞击器壁的次数决定于分子数密度和温度。

从p−V上找出各物理量之间的关系，分析气体的变化过程，根据气态方程和p−V图象与坐标轴围成的面积进行分析，知道图乙图象所表示的物理意义是关键。

10.答案：BCD
解析：解：A、气体压强从微观角度看，与分子数密度和分子热运动平均动能有关，而温度是分子热运动平均动能的标志，故饱和气压与温度有关，故A错误；
B、如果液体浸润毛细管，则液面升高，如果液体不浸润毛细管，液面降低，故毛细管中的液面是升高还是降低，与液体的种类和毛细管的材质有关，故B正确；
C、晶体分为单晶体和多晶体，有固定的熔点，而非晶体没有确定的熔点，故C正确；
D、根据热力学第二定律，自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的，故D 正确；
故选：BCD
饱和蒸汽压取决于温度和液体的种类；浸润与不浸润现象取决于分子力作用；晶体具有固定的熔点，而非晶体没有固定熔点；热力学第二定律表明，宏观热现象具有方向性．
本题考查3−3中的热学部分内容，涉及知识点多，难度小，关键是记住基础知识，注意浸润与不浸润现象也是分子力作用的结果，与材料有关．
11.答案：CDE
解析：解：A、根据热力学第一定律，做功和热传递都可以改变内能，所以气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，外界对气体做功，其内能不一定增加，A错误；
B、气体压强是由于气体分子频繁撞击器壁而产生的；完全失重时，气体对容器壁的压强仍然存在；故B错误；
C、气体在等压膨胀的过程中，由气体的状态方程可得，气体的温度升高，故C正确；
D、电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递；但不是自发进行的；故D正确；
E、功转变为热的实际宏观过程是不可逆的；故E正确；
故选：CDE。

做功和热传递都可以改变内能，所以气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，外界对气体做功，其内能不一定增加，在完全失重的情况下，气体分子运动不停止．
本题主要考查热力学第一定律和气体的状态方程；要求理解做功和热传递都可以改变内能才能正确解答；同时掌握理想气体状态方程的准确应用．
12.答案：BC
解析：解：A、由图乙可得：x=0.5m处质点在t=0时向上振动，根据“同侧法”可知波沿x轴负方向传播，故A错误；
B、由图甲可得：波长λ=4m，由图乙可得：周期T=4s，故波的传播速度v=λ
T
=1m/s，故B正确；
C、波从开始振动经过1
8T时x=0.5m处的质点才开始振动，则有：4√2cm=Asin1
8
×2π，解得振幅
A=8cm，故C正确；
D、t=0时x=0.5m处质点正在向上振动，速度逐渐减小，在0～1s内(即1
4
T)的路程小于8cm，故D 错误。

故选：BC。

由图乙得到质点在t=0时的振动方向，即可根据图甲得到波的传播方向；根据图甲得到波长，由图乙得到周期，即可求得波速；根据t=0时x=0.5m处质点的位置根据振动方程求解振幅，根据x= 0.5m处质点振动情况确定路程。

机械振动问题中，一般根据振动图或质点振动得到周期、质点振动方向；再根据波形图得到波长和波的传播方向，从而得到波速及质点振动，进而根据周期得到路程。

13.答案：B乙 2.58远大于
解析：解：(1)通过机械振动打点的电磁打点计时器打点时产生的摩擦力比电火花打点计时器大，故应该选择B。

(2)只有小车做匀速直线运动，才能够判断摩擦力与沙子和盘的总重力相等才能消除摩擦力的影响，所以乙同学的看法正确。

(3)打点周期T =0.02s ，根据平均速度等于其中间时刻的速度，纸带上P 点的速度为：v P =
10.33×10−22×0.02
m/s ≈2.58m/s 。

(4)本实验中平衡摩擦力后，小车受到的合外力是绳子的拉力，对小车和砝码、砝码盘和沙子分别列牛顿第二定律方程：F =Ma ，mg −F =ma ，可解得：a =mg
M+m ，F =M
M+m mg.本实验认为小车的合外力认为就是mg ，只有在M >>m 时，才有F ≈mg ，此时小车所受合力做的功才可用W =mgL 算出。

故答案为：(1)B ；(2)乙；(3)2.58；(4)远大于。

(1)电磁打点计时器打点时，运动纸带受到的阻力比较大；
(2)甲同学的方案中，沙子和盘的总重力等于最大静摩擦力，乙同学方案中，沙子和盘的总重力等于滑动摩擦力；
(3)根据平均速度来计算其中间时刻的速度；
(4)本实验本实验认为小车的合外力认为就是mg ，需要满足M >>m 。

本题中平衡摩擦力的方式比较特别，不是采用改变斜面的倾角来平衡，而是采用在砝码盘加沙子来平衡摩擦力，消除摩擦力的影响需要使小车做匀速直线运动。

14.答案：A 2 5000 甲 1.20 200.0
解析：解：(1)将小量程的电流表改装成电压表，电流表需要知道两个参数：量程和内阻，故电流表选A 2.串联电阻阻值为：R =U I g −R g = 3.0V
500×10−6A −1000Ω=5000Ω。

(2)由题意可知，电压表内阻已知，可以求出通过电压表的电流，为减小实验误差，电流表应采用外接法，实验电路应选甲。

(3)电压表量程为3.0V ，由图示电压表可知，其分度值为0.1V ，电压表示数为U =1.20V ，待测电阻阻值为：R X =U I−I V = 1.20
6.2×10−3−1.206000
Ω=200.0Ω。

故答案为：(1)A 2，5000；(2)甲；(3)1.20，200.0。

(1)把电流表改装成电压表，需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值。

(2)根据待测电阻阻值与电表内阻间的关系确定电流表的接法，然后选择实验电路。

(3)根据欧姆定律求出电压表示数与待测电阻阻值。

在电学实验中，应将电阻值一定的电流表进行改装，若需改为电压表则应串联一电阻，若需改为电。