2024届黑龙江七台河市化学高一上期中考试试题含解析

2024届黑龙江七台河市化学高一上期中考试试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。

用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。

将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。

2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。

答案不能答在试题卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

4．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（每题只有一个选项符合题意）
1、下列物质中，摩尔质量最大的是（）
A．10mLH2O B．0.8molH2SO4
C．54gAl D．1gCaCO3
2、在标准状况下①13.44 L CH4②6.02×1023个HCl分子③27.2 g H2S ④0.4 mol NH3,下列对这四种气体的关系从大到小表达错误的是
A．体积②>③>①>④B．质量②>③>④>①
C．密度②>③>④>①D．氢原子个数①>③>④>②
3、用下列实验装置完成对应的实验（部分仪器已省略），合理的是（）
A．干燥Cl2
B．实验室制盐酸
C．实验室制氯水
D．吸收多余Cl2
4、下列关于某物质是否为电解质的判断正确的是（）
A．固体氯化钠不导电，所以氯化钠不是电解质
B．氯化氢水溶液能导电，所以氯化氢是电解质
C．SO2溶于水能导电，所以SO2是电解质
D．氨水能导电，所以氨水是电解质
5、下列有关实验操作的叙述错误的是
A．过滤操作中，漏斗的尖端应该紧靠烧杯内壁
B．向容量瓶转移液体时，引流用的玻璃棒不可以接触容量瓶内壁
C．蒸馏完毕后，应先停止加热，待装置冷却后，停止通水，再拆卸蒸馏装置
D．为准确配制一定物质的量浓度的溶液，定容过程中向容量瓶内加蒸馏水至接近刻度线时，改用滴管滴加蒸馏水至刻度线
6、在下列各溶液中，离子一定能大量共存的是（）
A．强碱性溶液中：K+、Al3+、Cl－、SO42—
B．在无色透明的溶液中：K+、Cu2+、NO3—、SO42—
C．含有0.1 mol·L−1 Ca2+的溶液中：Na+、K+、CO32—、Cl－
D．室温下，pH＝1的溶液中：Na+、Fe3+、NO3—、SO42—
7、下列各组仪器常用于物质分离的是( )
A．①③⑥B．②④⑥C．②③⑥D．②③⑤
8、下列各溶液中，Na+物质的量浓度最大的是（）
A．4L0.5mol/LNaCl溶液B．1L0.3mol/LNa2SO4溶液
C．5L0.4mol/LNaOH 溶液D．2L0.15mol/LNa3PO4溶液
9、下列溶液与20mL 1 mol·L-1 NaNO3溶液中NO3-物质的量浓度相等的是（）
A．10 mL 1 mol·L-1 Mg(NO3)2溶液B．5 mL 0.8 mol·L-1 Al(NO3)3溶液
C．10 mL 2 mol·L-1 AgNO3溶液D．10 mL 0.5 mol·L-1 Cu(NO3)2溶液
10、CH4+2O2→CO2+2H2O属于下列反应类型中的( )
A．复分解反应B．置换反应C．氧化还原反应D．分解反应
11、用四氯化碳萃取碘水中的碘，下列说法中不正确的是( )
A ．实验使用的主要仪器是分液漏斗
B ．碘在四氯化碳中的溶解度比在水中的溶解度更大
C ．分液时，水从分液漏斗的下口流出，碘的四氯化碳溶液从漏斗上口倒出
D ．上层接近无色，下层紫红色
12、2015年诺贝尔医学奖授予中国药学家屠呦呦等三位科学家，以表彰她们在青蒿素方面做出的突出贡献，提取青蒿素通常可以用乙醚浸取，这与下列哪种方法的原理相同（ ）
A ．分液法
B ．萃取法
C ．结晶法
D ．过滤法
13、下列电离方程式正确的是( )
A ．MgSO 4=Mg ＋2＋24SO -
B ．Ba(OH)2=Ba 2＋＋OH -
2 C ．Al 2(SO 4)3=2Al 3＋＋324SO -
D ．KClO 3=K ＋＋Cl －＋3O 2－ 14、实验室制Cl 2反应4HCl （浓）+MnO 2
MnCl 2+ Cl 2↑+2H 2O ，下列说法不正确的是 A ．还原剂是HCl ，氧化剂是MnO 2
B ．每有2molHCl 被氧化，转移电子的物质的量为2mol
C ．每消耗1mol MnO 2，起还原剂作用的HCl 消耗4mol
D ．转移电子的物质的量为1mol 时，生成标准状况下Cl 2的体积为11.2L
15、下列各组物质中，按单质、化合物、混合物顺序排列的是
A ．铜、空气、水
B ．生石灰、熟石灰、烧碱
C ．氧气、干冰、浓硫酸
D ．纯碱、水银、胆矾 16、在同温同压下，容器甲中盛有H 2，容器乙盛有NH 3，若使它们所含的原子总数相等，则这两个容器的体积之比是（ ）
A ．2:1
B ．1:2
C ．2:3
D ．1:3
二、非选择题（本题包括5小题）
17、有一包白色固体，可能含有CaCO 3、Na 2SO 4、KNO 3、CuSO 4、BaCl 2五种电解质中的一种或几种。

现进行如下实验：
①取少量固体粉末，加入盛有足量水的烧杯中，充分搅拌静置后，底部白色沉淀，上层为无色．．
溶液； ②继续往烧杯中加入足量稀硝酸，白色沉淀完全消失；并有气泡产生。

③取少量②中溶液滴加Ba （NO 3）2溶液，有白色沉淀生成，再加入稀硝酸，沉淀不溶解。

（1）请写出上述第②步中，白色沉淀与稀硝酸反应的方程式_____________；
（2）根据以上实验现象可知，该白色固体中一定含有_____，（填化学式，下同）一定不含有______，可能含有_______。

（3）如果要进一步确定可能存在的物质，进行的实验方法是___。

18、下图转化关系中的物质均为常见物质或它们的溶液，其中A、C 为单质，B 为氧化物且常温下为无色液体，E 为淡黄色固体，H 为红褐色沉淀。

（反应条件和部分产物已省略）
根据上述转化关系，回答问题：
（1）写出下列物质的化学式：A_________ G _________
（2）反应①的化学方程式为：______________________________________。

反应②的离子方程式为：
______________________________________。

（3）沉淀G 转化为沉淀H 的现象：________，化学方程式为___________
（4）写出物质E 的一种用途________________________________。

（5）一定条件下，将一定量的A 与足量的C 充分反应，最终得到39.0g 固体E，则反应中转移的电子数为
_______________。

19、应用下列装置，在硬质玻璃管中放入还原铁粉和石棉绒的混合物，加热，并通入水蒸气，就可以完成高温下"Fe 与水蒸气反应的实验"。

请回答该实验中的问题。

（1）实验前必须对整套装置进行气密性的检查，操作方法是_____________。

（2）圆底烧瓶中盛装的是水，该装置受热后的主要作用是_______________；烧瓶底部放置了几片碎瓷片，碎瓷片的作用是_______________。

（3）酒精灯和酒精喷灯点燃的顺序是__________。

（4）干燥管中盛装的物质可以是_____________，作用是__________。

（5）如果要在A处玻璃管口处点燃该气体，则必须对该气体进行_________，这一操作的目的_____。

20、掌握仪器名称、组装及使用方法是中学化学实验的基础，如图为两套实验装置。

（1）写出下列仪器的名称：a.______；d.______。

（2）若利用装置Ⅰ分离四氯化碳和酒精的混合物，还缺少的仪器是______。

（3）将仪器补充完整后进行实验，冷凝水由______口流出（填“f”、“g”）。

（4）现需配制0.1mol/LNaOH溶液450mL，下列实验步骤中，请指出有错误的一项并改正：______。

配制时，其正确的操作顺序是______（字母表示）。

A.用30mL水洗涤烧杯2~3次，洗涤液均注入容量瓶
B.准确称取0.045g氢氧化钠固体于烧杯中，再加入少量水，用玻璃棒慢慢搅动，使其充分溶解
C.将溶解的氢氧化钠溶液沿玻璃棒注入500mL的容量瓶中
D.将容量瓶盖紧，振荡，摇匀
E.改用胶头滴管加水，使溶液凹面恰好与刻度相切
F.继续往容量瓶内小心加水，直到液面接近刻度2~3cm处
（5）若出现如下情况，对所配溶液浓度将有何影响（填“偏高”、“偏低”或“无影响”）。

①若没有进行A操作；______
②容量瓶用蒸馏水洗涤后残留有少量的水；______
③若定容时俯视刻度线。

______
21、（1）①H2 + CuO Cu + H2O
②CaCO3 + 2HCl==CaCl2 + CO2↑ + H2O
③3S + 6NaOH 2Na2S + Na2SO3 + 3H2O
④NH4NO3 + Zn==ZnO + N2↑+ 2H2O
⑤Cu2O + 4HCl==2HCuCl2 + H2O
上述反应中，属于氧化还原反应的是__________________________（填序号）
（2）用双线桥法表示下述反应的电子转移MnO2 + 4HCl（浓）MnCl2 +Cl2↑+ 2H2O________
（3）在反应KIO3 + 6HI==3I2 + KI + 3H2O中，氧化剂与还原剂的物质的量之比为________。

（4）若反应3Cu + 8HNO3（稀）==3Cu(NO3)2 + 2NO↑+ 4H2O中转移了3mol电子，则生成的NO气体在标况下的体积是_____________L。

（5）配平下面两个反应① ____H2O + ____Cl2 +____ SO2 ==____H2SO4 + ____HCl，____________
② ____KMnO4 + ____HCl==____KCl + ____MnCl2 + ____Cl2↑ + ____H2O（系数是1的也请填上），_____
根据以上两个反应反应，写出由KMnO4、K2SO4、MnSO4、SO2、H2O、H2SO4这六种物质组成的氧化还原反应的方程式并配平。

______________________________________。

参考答案
一、选择题（每题只有一个选项符合题意）
1、D
【解题分析】
A．水的相对分子质量为18，摩尔质量为18g/mol；
B．H2SO4的相对分子质量为98，摩尔质量为98g/mol；
C．铝的相对原子质量为27，摩尔质量为27g/mol；
D．CaCO3的相对分子质量为100，故摩尔质量为100g/mol；
故CaCO3的摩尔质量最大，故选D。

【题目点拨】
明确摩尔质量与相对分子质量的关系是解题的关键。

本题的易错点为B，要注意摩尔质量与质量的区别，摩尔质量以g/mol作单位，数值上等于其相对分子质量，与物质的质量或物质的量无关。

2、B
【解题分析】
①n(CH4)=13.44L÷22.4L/mol=0.6mol；
②n(HCl)=；
③n(H2S)=27.2g÷34g/mol=0.8mol；
④n(NH3)=0.4mol。

A．在相同的温度和压强下，气体的物质的量越大，气体的体积就越大。

体积：②＞③＞①＞④，A正确；
B．各种气体的质量分别是：①0.6mol×16g/mol=9.6g；②1mol×36.5g/mol=36.5g；③0.8mol×34g/mol=27.2g；
④0.4mol×17g/mol=6.8g。

质量：②＞③＞①＞④，B错误；
C．在相同的外界条件下，气体的相对分子质量越大，气体的密度就越大。

相对分子质量：CH4：16；HCl：36.5；H2S：34；NH3：17，所以密度：②＞③＞④＞①，C正确；
D．各种气体中H原子的物质的量分别是：①2.4mol，②1.0mol，③1.6mol，④1.2mol。

因此各种气体的氢原子数关系是：①＞③＞④＞②，D正确。

答案选B。

3、C
【解题分析】
A．气体的进出方向错误；
B．应防止倒吸现象；
C．多余的氯气可用碱液吸收；
D．氯气在水中的溶解度不大，吸收效果差。

【题目详解】
A．干燥气体时导管长进短出，图中短导管进入不能干燥，故 A 错误；
B．HCl极易溶于水，图中导管在液面下可发生倒吸，故B错误；
C．氯气与NaOH 溶液反应，多余的氯气可利用 NaOH 溶液吸收，则该装置可制备氯水，故 C 正确；
D．球形结构可防止倒吸，但氯气在水中的溶解度不大，应将水改为 NaOH 溶液，故 D 错误；
故答案选C。

4、B
【解题分析】
A．固体氯化钠不存在自由移动的离子不导电，溶于水会导电，所以氯化钠是电解质，故A错误；B．氯化氢化合物水溶液能导电，属于电解质，故B正确；C．SO2溶于水能导电，是因为二氧化硫和水反应生成电解质亚硫酸，本身不能电离，所以SO2是非电解质，故C错误；D．氨水是氨气的水溶液为混合物，不是电解质，故D错误；故选B。

点睛：主要是概念实质理解应用，掌握基础是解题关键，水溶液中或熔融状态下导电的化合物为电解质，水溶液中和熔融状态下都不导电的化合物为非电解质，导电的条件是化合物自身能在一定条件下电离出离子导电，导电实质是含有自由移动电子或离子，据此分析判断。

5、B
【解题分析】A、过滤操作中，漏斗的尖端应该紧靠烧杯内壁，A正确；B、向容量瓶转移液体时，引流用的玻璃棒必需接触容量瓶内壁，B错误；C、蒸馏完毕后，应先停止加热，待装置冷却后，停止通水，再拆卸蒸馏装置，C正确；D、为准确配制一定物质的量浓度的溶液，定容过程中向容量瓶内加蒸馏水至接近刻度线时，改用滴管滴加蒸馏水至刻度
线，D正确，答案选B。

6、D
【解题分析】
试题分析：A项、强碱性溶液含有OH-离子，OH-与Al3+反应生成Al(OH）3沉淀，不能大量共存，故A错误；
B项、Cu2+在溶液中的颜色为淡蓝色，无色透明溶液中不可能存在Cu2+，故B错误；
C项、溶液中Ca2+与CO32-反应生成碳酸钙沉淀，不能大量共存，故C错误；
D、pH＝1的溶液为酸性溶液中，酸性溶液中Na+、Fe3+、NO3—、SO42—不发生任何反应，能大量共存，故D正确；
故选D。

7、C
【解题分析】
①排液法测量气体的体积的装置，不适用于物质分离；
②过滤能把固体和液体分离,过滤时需要漏斗等；
③分液漏斗把互不相溶的液体分开；
④配制一定物质的量浓度的溶液用到的主要仪器—容量瓶；
⑤把固体研成粉末的一种仪器；
⑥蒸馏时需要蒸馏烧瓶和温度计等，把互溶、沸点相差较大的液体分开；
结合以上分析可知，常用于物质分离的仪器有②③⑥，C正确；
综上所述，本题选C。

8、B
【解题分析】
A. 4L0.5mol/LNaCl溶液中Na+的浓度为0.5mol/L；
B. 1L0.3mol/LNa2SO4溶液中Na+的浓度为0.3mol/L×2=0.6mol/L；
C. 5L0.4mol/LNaOH 溶液中Na+的浓度为0.4mol/L；
D. 2L0.15mol/LNa3PO4溶液中Na+的浓度为0.15mol/L×3=0.45 mol/L；
因此Na+物质的量浓度最大的是0.6mol/L；
答案选B。

9、D
【解题分析】
20mL 1mol•L﹣1NaNO3溶液中NO3﹣物质的量浓度为：c（NO3﹣）=c（NaNO3）=1mol/L；
【题目详解】
A.1 mol•L﹣1Mg（NO3）2溶液中NO3﹣物质的量浓度为：c（NO3﹣）=2c[Mg（NO3）2]=1mol/L×2=2mol/L，故A错误；
B.0.8 mol•L﹣1Al（NO3）3溶液中NO3﹣物质的量浓度为：c（NO3﹣）=3c[Al（NO3）3]=0.8mol/L×3=2.4mol/L，故B错误；
C.2 mol•L﹣1AgNO3溶液中NO3﹣物质的量浓度为：c（NO3﹣）=c（AgNO3）=2mol/L，故C错误；
D.0.5 mol•L﹣1Cu（NO3）2溶液中NO3﹣物质的量浓度为：c（NO3﹣）=2c[Cu（NO3）2]=0.5mol/L×2=1mol/L，故D正确；
答案选D。

10、C
【解题分析】
A．CH4+2O2→CO2+2H2O不属于复分解反应，故A错误；
B．CH4+2O2→CO2+2H2O不属于置换反应，故B错误；
C．CH4+2O2→CO2+2H2O中C元素和O元素的化合价发生变化，属于氧化还原反应，故C正确；
D．CH4+2O2→CO2+2H2O不属于分解反应，故D错误。

答案选C。

11、C
【解题分析】
A. 四氯化碳和水不互溶，导致四氯化碳和水能分层，分液漏斗能控制溶液的流量，所以萃取实验中使用的主要仪器是分液漏斗，故A正确；
B. 碘在四氯化碳中的溶解度比在水中的溶解度大，所以可用四氯化碳萃取碘水中的碘，故B正确；
C. 四氯化碳和水不互溶，所以四氯化碳和水混合后会分层，且四氯化碳的密度大于水的密度，所以四氯化碳在下层，水在上层，分液时，水从分液漏斗上口倒出，碘的四氯化碳溶液从分液漏斗下口流出，故C错误；
D. 四氯化碳和水不互溶，且四氯化碳在下层，水在上层，碘易溶于四氯化碳，碘溶于四氯化碳后溶液呈紫色，故D 正确；
答案选C。

12、B
【解题分析】
青蒿素提取过程是先用冷水浸泡青蒿，将青蒿绞汁，再用乙醚低温溶解提取，利用了青蒿素易溶于有机溶剂，不易溶于水的性质。

【题目详解】
A.分液法是分离两种互不相溶的液体混合物的方法，用乙醚浸取提取青蒿素不是分液法，故A错误；
B. 青蒿素易溶于有机溶剂，不易溶于水，可用乙醚萃取，然后分液分离，所以B选项是正确的；
C.结晶法使利用溶解度的差异分离混合物的方法，用乙醚浸取提取青蒿素不是结晶法，故C错误；
D. 过滤适用于不溶性固体与液体的分离，用乙醚浸取提取青蒿素不是过滤法，故D 错误。

所以B 选项是正确的。

13、C
【解题分析】
A ．MgSO 4电离产生Mg 2+、24SO -，电离方程式为：MgSO 4=Mg 2++24SO -，A 错误；
B ．Ba(OH)2电离产生Ba 2＋、OH -，电离方程式为：Ba(OH)2=Ba 2＋+2OH -，B 错误；
C ．Al 2(SO 4)3电离方程式为Al 3＋、24SO -，电离方程式为：Al 2(SO 4)3=2Al 3＋＋324SO -，C 正确；
D ．KClO 3电离产生K ＋、3ClO -，电离方程式为：KClO 3=K ＋+3ClO -，D 错误；
故合理选项是C 。

14、C
【解题分析】
由4HCl （浓）+MnO 2 MnCl 2+ Cl 2↑+2H 2O 可知，HCl 中Cl 元素的化合价由-1价升高为0，MnO 2中Mn 元素的化合价由+4价降低为+2价，以此来解答。

【题目详解】
A ．反应中HCl 失电子为还原剂，MnO 2得电子为氧化剂，选项A 正确；
B ．根据化合价的变化可知，反应中Cl 元素的化合价由-1价升高到0价，每有2molHCl 被氧化，转移电子的物质的量为2mol ，选项B 正确；
C ．每消耗1mol MnO 2，起还原剂作用的HCl 消耗2mol ，另一部分的HCl 起到酸性的作用，选项C 不正确；
D ．转移电子的物质的量为1mol 时，生成氯气为0.5mol ，标准状况下Cl 2的体积为11.2L ，选项D 正确；
答案选C 。

【题目点拨】
本题考查氧化还原反应，把握反应中元素的化合价变化为解答的关键，侧重氧化还原反应基本概念和电子转移的考查，题目难度不大。

15、C
【解题分析】
A. 铜为单质、空气为混合物、水为化合物，A 错误；
B. 生石灰为化合物、熟石灰为化合物、烧碱为化合物，B 错误；
C. 氧气为单质、干冰为化合物、浓硫酸为混合物，C 正确；
D. 纯碱为化合物、水银为单质、胆矾为化合物，D 错误；
综上所述，本题选C 。

16、A
【解题分析】
H2与NH3的原子数之比为1:2，若使它们所含的原子总数相等，则二者的物质的量之比为2:1，同温同压下，气体的物质的量之比等于其体积之比，其体积之比为2:1，故答案为：A。

二、非选择题（本题包括5小题）
17、CaCO3 + 2HNO3 =Ca(NO3)2+H2O+CO2↑CaCO3、Na2SO4CuSO4、BaCl2KNO3焰色反应
【解题分析】
①加水溶解后得到底部白色沉淀，上层为无色溶液，则一定不含有CuSO4；②继续往烧杯中加入足量稀硝酸，白色沉淀完全消失；并有气泡产生，说明沉淀含有CaCO3；③取少量②中溶液滴加Ba(NO3)2溶液，有白色沉淀生成，再加入稀硝酸，沉淀不溶解，说明原固体含有Na2SO4，一定不含有BaCl2，所以实验现象与KNO3无关，则可能含有KNO3。

（1）实验②为CaCO3与HNO3反应，离子方程式为：CaCO3 + 2HNO3 =Ca(NO3)2+H2O+CO2↑；
（2）根据以上实验现象可知，该白色固体中一定含有CaCO3、Na2SO4，一定不含有CuSO4、BaCl2，可能含有KNO3；（3）如果要进一步确定可能存在的物质KNO3，进行的实验方法是焰色反应。

18、Na Fe(OH)22Na＋2H2O = 2NaOH + H2↑Fe2++2OH- = Fe(OH)2↓白色沉淀迅速转化为灰绿色沉淀，最终转变为红褐色沉淀4Fe(OH)2＋2H2O＋O2 = 4Fe(OH)3潜水艇供氧剂或漂白剂N A或6.02×1023
【解题分析】
B 为氧化物且常温下为无色液体，B 为H2O。

E 为淡黄色固体，E 为Na2O2。

根据物质的转化关系可知，A为Na，
C 为O2，D为NaOH。

H为红褐色沉淀，为Fe(OH)3，G 为Fe(OH)2，F为含有Fe2+的盐。

【题目详解】
（1）由以上分析可知，A为Na， G 为Fe(OH)2。

（2）反应①的化学方程式为：2Na＋2H2O = 2NaOH + H2↑；反应②的离子方程式为：Fe2++2OH- = Fe(OH)2↓。

（3）Fe(OH)2不稳定，易被氧化成Fe(OH)3，反应的现象为白色沉淀迅速转为灰绿色沉淀，最终变为红褐色沉淀。

化学方程式为4Fe(OH)2＋2H2O＋O2 = 4Fe(OH)3。

（4）E 为Na2O2，可以和水、二氧化碳反应生成氧气，可用于潜水艇供氧剂或漂白剂。

（5）发生反应为2Na+ O2Δ
Na2O2，最终得到39.0g Na2O2，n(Na2O2)=
m
M
=
39.0g
78g/mol
=0.5mol，参与反应的
n(Na)= 0.5mol×2=1mol，反应中Na元素由0价升高到+1价，反应中转移的电子数为N A或6.02×1023。

【题目点拨】
本题考查了钠及其化合物、铁及其化合物、化学反应中离子的计算。

对重要物质的化学性质和物理性质需要牢固掌握。

并能根据反应中化合价变化推出电子转移数目。

19、将干燥管末端的导管A浸入水中，用酒精灯火焰微热烧瓶底部，如果能观察到浸入水中的玻璃导管口有气泡冒出，停止加热后，玻璃导管内有水柱上升，且较长时间不会落，则表明该套装置的气密性良好。

为硬质玻璃管内Fe
与水蒸气的反应实验提供持续不断的水蒸气防止暴沸先点燃酒精灯，产生水蒸气后，再点燃酒精喷灯碱石灰除去产物H2中的水蒸气验纯防止H2不纯而发生爆炸
【解题分析】
（1）检验装置气密性的方法一般用微热的方法，根据冒出的气泡和回流的水柱来判断；
（2）反应物为水蒸气与铁；放碎瓷片的目的是防止沸腾事故发生；
（3）如果在一套装置中需要两处加热，一定要注意点燃加热仪器的顺序，一般是根据实验的安全性和对实验结果的影响来考虑；
（4）干燥管起干燥氢气的作用，盛放固体干燥剂；
（5）点燃氢气前一定要检验纯度，防止发生爆炸。

【题目详解】
（1）中学阶段检查装置气密性常用方法有两种：一种是利用热胀冷缩原理，另一种是利用气压原理。

气压原理一般只有涉及到液体时才能用得到，这里显然是利用热胀冷缩原理。

利用热胀冷缩原理时要注意步骤一定要完整，既要证明“热胀”，也要证明“冷缩”，故操作方法为：将干燥管末端的导管A浸入水中，用酒精灯火焰微热烧瓶底部，如果能观察到浸入水中的玻璃导管口有气泡冒出，停止加热后，玻璃导管内有水柱上升，且较长时间不会落，则表明该套装置的气密性良好；
（2）因为反应物为水蒸气与铁，所以圆底烧瓶中盛装的是水，该装置受热后的主要作用是为硬质玻璃管内Fe与水蒸气的反应实验提供持续不断的水蒸气；烧瓶底部应事先放置碎瓷片，放碎瓷片的目的是防止沸腾事故发生（或防止暴沸）；
（3）点燃加热仪器的顺序要考虑实验的安全性和对实验结果的影响，在本实验中为了防止铁与空气中的氧气在加强热的条件下反应，应该先点燃酒精灯，即酒精灯和酒精喷灯点燃的顺序是先点燃酒精灯，产生水蒸气后，再点燃酒精喷灯；
（4）干燥管中盛装是的物质是碱石灰，作用是除去反应产生的氢气中的水蒸气；
（5）氢气的爆炸极限是4.0%～75.6%，就是说当氢气的含量在上述范围内的话就会引起爆炸，因此，点燃之前要检验纯度，目的是防止H2不纯而发生爆炸。

【题目点拨】
本题考查性质实验方案的设计，把握高温下铁与水反应及实验中装置的作用为解答的关键，侧重物质性质及实验分析能力的考查。

易错点是装置气密性检验。

20、蒸馏烧瓶烧杯酒精灯 f B项应改为称取2.0gNaOH BCAFED 偏低无影响偏高
【解题分析】
（1）a为蒸馏烧瓶，d为烧杯；
（2）分离四氯化碳和酒精的混合物的实质是蒸馏过程，必须用酒精灯，即还缺少的仪器是酒精灯；
（3）蒸馏时温度计应位于蒸馏烧瓶支管口，冷凝管下口是进水口，上口是出水口，即冷凝水从f流出；
（4）实验室没有450mL的容量瓶，应配制500mL，则需n（NaOH）=0.1mol/L×0.5L=0.05mol，m（NaOH）
=0.05mol×40g/mol=2.0g，配制溶液500mL，配制步骤有称量、溶解、稀释、移液、洗涤移液、定容、摇匀等操作，用托盘天平称量2.0gNaOH，在烧杯中溶解，并用玻璃棒搅拌，冷却后转移到500mL容量瓶中，并用玻璃棒引流，洗涤，并将洗涤液移入容量瓶，当加水至液面距离刻度线1～2cm时，改用胶头滴管滴加，最后定容颠倒摇匀，所以操作顺序为BCAFED；其中一处错误是B，应改为称取2.0gNaOH；
（5）①若没有进行A操作，溶质的物质的量减少，浓度偏低；
②容量瓶用蒸馏水洗涤后残留有少量的水，不影响；
③若定容时俯视刻度线，溶液的体积减小，浓度偏高。

21、①③④1:5 22.4 2 1 1 1 2 2 16 2 2 5 8
2KMnO4+5 SO2+ 2H2O = K2SO4+ 2MnSO4+2H2SO4
【解题分析】
（1）①H2 + CuO Cu + H2O ；③3S + 6NaOH 2Na2S + Na2SO3 + 3H2O；④NH4NO3 + Zn==ZnO + N2↑+ 2H2O这三个反应中化合价都有变化，所以都属于氧化还原反应；②CaCO3 + 2HCl==CaCl2 + CO2↑ + H2O；⑤Cu2O +
4HCl==2HCuCl2 + H2O这两个反应中没有化合价变化，均属于非氧化还原反应；综上所述，本题答案是：①③④。

（2）MnO2→MnC l2，锰元素化合价由+4价降低到+2价，得电子发生还原反应；Cl-→Cl2，氯元素化合价由-1价升高
到0价，失电子发生氧化反应；正确的电子转移表示为：；综上所述，本题答案是：。

（3）在反应KIO3 + 6HI==3I2 + KI + 3H2O中，若有3mol I2生成，KIO3→I2，碘元素化合价降低，得电子发生还原反应，做氧化剂，其物质的量为1mol；6molHI中有1molI-没被氧化，5molHI→2.5mol I2，碘元素化合价升高，失电子发生氧化反应，做还原剂，其物质的量为5mol；因此氧化剂与还原剂的物质的量之比为1:5；综上所述，本题答案是：1:5。

（4）反应3Cu + 8HNO3（稀）==3Cu(NO3)2 + 2NO↑+ 4H2O中，铜由0价升高到+2价，失电子；3molCu完全反应，共转移6mole-；根据3Cu --2NO-6mole-可知，当转移了3mol电子时，生成的NO气体的物质的量为1mol，其在标况下的体积是1×22.4=22.4 L；综上所述，本题答案是：22.4。

（5）①根据氧化还原反应中元素化合价升降总数相等规律，进行配平：Cl2→2HCl，氯元素化合价降低2价；SO2→ H2SO4，硫元素化合价升高2价，化合价升降总数相等；因此Cl2前面系数为1，SO2前面系数为1，再根据原子守恒配平其它物质系数，正确的为：2H2O +Cl2 +SO2 ==H2SO4 + 2HCl；综上所述，本题答案是：2,1,1,1,2。

②根据氧化还原反应中元素化合价升降总数相等规律，进行配平：KMnO4→MnCl2，锰元素化合价降低5
价；2HCl→Cl2，氯元素元素化合价升高2价，根据化合价升降总数相等规律：KMnO4前面的系数为2，Cl2前面系数为5；最后根据原子守恒配平其它物质系数，正确的为2KMnO4 + 16HCl==2KCl + 2MnCl2 + 5Cl2↑ + 8H2O；KMnO4在反应中做氧化剂，被还原为MnSO4，SO2在反应中作还原剂，被氧化为H2SO4，根据氧化还原反应中元素化合价升降总数相等规律，进行配平：KMnO4→MnSO4，锰元素化合价降低5价；SO2→SO42-，硫元素元素化合价升高2价，根据化合价升降总数相等规律：KMnO4前面的系数为2，SO2前面系数为5；最后根据原子守恒配平其它物质系数，正确的为：2KMnO4+5SO2+ 2H2O = K2SO4+ 2MnSO4+2H2SO4；综上所述，本题答案
是：2,16,2,2,5,8；2KMnO4+5SO2+ 2H2O = K2SO4+ 2MnSO4+2H2SO4。

【题目点拨】
针对于问题（3）在反应KIO3 + 6HI==3I2 + KI + 3H2O中，都是碘元素发生化合价变化，因此同种元素之间发生氧化还原反应时，化合价变化为“只靠拢，不交叉”；即KIO3中+5价的碘降低到0价碘；HI中-1价碘升高到0价碘，但是其中6个HI中有1个-1价碘没有发生变价，有5个-1价碘发生变价，被氧化；因此氧化剂与还原剂的物质的量之比为1:5。