河南省洛阳名校2023-2024学年高三第二次联考物理试卷含解析

2024年高考物理模拟试卷
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。

写在试题卷、草稿纸上均无效。

2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、2019年11月5日我国成功发射第49颗北斗导航卫星，标志着北斗三号系统3颗地球同步轨道卫星全部发射完毕。

人造卫星的发射过程要经过多次变轨方可到达预定轨道，在发射地球同步卫星的过程中，卫星从圆轨道I的A点先变轨到椭圆轨道II，然后在B点变轨进人地球同步轨道III，则（）
A．卫星在轨道II上过A点的速率比卫星在轨道II上过B点的速率小
B．若卫星在I、II、III轨道上运行的周期分别为T1、T2、T3，则T1<T2<T3
C．卫星在B点通过减速实现由轨道II进人轨道I
D．该卫星在同步轨道III上的运行速度大于7.9km/s
2、2019年的诺贝尔物理学奖于10月8日公布，有一半的奖金归属了一对师徒——瑞士的天文学家MichelMayor和DidierQueloz，以表彰他们“发现了一颗围绕类太阳恒星运行的系外行星"。

由于行星自身不发光，所以我们很难直接在其他恒星周围找到可能存在的系外行星，天文学家通常都采用间接的方法来侦测太阳系外的行星，视向速度法是目前为止发现最多系外行星的方法。

行星自身的质量使得行星和恒星围绕着他们共同的质量中心在转动，在地球上用望远镜就有可能看到行星引力对于恒星的影响。

在视线方向上，恒星受行星引力作用，时而远离时而靠近我们，这种细微的摇摆反应在光谱上，就会造成恒星光谱不断地红移和蓝移。

我们称这种探测系外行星的方法为视向速度法。

结合以上信息，下列说法正确的是（）
A．在绕着共同的质量中心转动的恒星和行星组成的双星系统中，恒星和行星做圆周运动的线速度大小一定相等B．在绕着共同的质量中心转动的恒星和行星组成的双星系统中，由于恒星质量大，转动半径小，所以恒星做圆周运动的周期比行星的周期小
C．若某恒星在靠近我们，该恒星发出光的频率将变高，因此接收到的频率就会变高，即恒星光谱会出现蓝移
D．若某恒星在远离我们，该恒星发出光的频率不变，但我们接收到的频率会比它发出时的频率低，即恒星光谱会出现红移
3、如图所示，光滑的圆环固定在竖直平面内，圆心为O，三个完全相同的小圆环a、b、c穿在大环上，小环c上穿过一根轻质细绳，绳子的两端分别固定着小环a、b，通过不断调整三个小环的位置，最终三小环恰好处于平衡位置，平
衡时a、b的距离等于绳子长度的一半.已知小环的质量为m，重力加速度为g，轻绳与c的摩擦不计.则
A．a与大环间的弹力大小3mg B．绳子的拉力大小为
3
2
mg
C．c受到绳子的拉力大小为3mg D．c与大环间的弹力大小为3mg
4、地光是在地震前夕出现在天边的一种奇特的发光现象，它是放射性元素氡因衰变释放大量的带电粒子，通过岩石裂
隙向大气中集中释放而形成的。

已知氡222
86Rn的半衰期为3.82d，经衰变后产生一系列子体，最后变成稳定的206
82
Pb，
在这一过程中（）
A．要经过4次α衰变和4次β衰变
B．要经过4次α衰变和6次β衰变
C．氡核22286Rn的中子数为86，质子数为136
D．标号为a、b、c、d的4个氡核22286Rn经3.82d后一定剩下2个核未衰变
5、2017年诺贝尔物理学奖授予了三位美国科学家，以表彰他们为发现引力波所作的贡献。

引力波被认为是时空弯曲的一种效应，物体加速运动时会给宇宙时空带来扰动，这种扰动会以光速向外传播能量。

如图为科学家们探测引力波的装置示意图，发射器发出的激光S 经半透光分束镜分为相互垂直的两束S1和S2，然后经过4km长的两臂，在两臂端点处经反射镜反射回来，S'1和S'2相遇形成干涉，被探测器接收。

精确调节两臂，使探测器在无引力波作用时，接收到的信号强度为0。

当有引力波作用时，两臂长度将因此而发生改变，则接收到的信号强度不为0。

下列说法正确的是
A．引力波可以超光速传播
B．引力波不能传播能量
C．探测器接收到的两束波的频率相同
D ．无引力波作用时两束激光到探测器的路程差为0
6、两个相距较远的分子仅在彼此间分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近。

在此过程中，下述正确的是 A ．分子力先增大后减小
B ．分子力先做正功，后做负功
C ．分子势能一直增大
D ．分子势能先增大后减小
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，倾角为α=37°的足够长的粗糙斜面AB 固定在水平面上，一小物块从距B 点l0m 的A 点由静止释放后，下滑到B 点与弹性挡板碰撞后无能量损失反弹，恰能冲上斜面的Q 点（图中未画出）。

设物块和斜面间的动摩擦因数
为0.5，以B 点为零势能面（sln37°=0.6，cos37°=0.8）。

则下列说法正确的是（ ）
A ．Q 点到
B 点距离为2m
B ．物块沿斜面下滑时机械能减少，沿斜面上滑时机械能增加
C ．物块下滑时，动能与势能相等的位置在AB 中点上方
D ．物块从开始释放到最终静止经过的总路程为15m
8、如图所示，两个平行的导轨水平放置，导轨的左侧接一个阻值为R 的定值电阻，两导轨之间的距离为L .导轨处在匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度大小为B ，方向竖直向上.一质量为m 、电阻为r 的导体棒ab 垂直于两导轨放置，导体棒与导轨的动摩擦因数为μ。

导体棒ab 在水平外力F 作用下，由静止开始运动了x 后，速度达到最大，重力加速度为g ，不计导轨电阻。

则（ ）
A ．导体棒ab 的电流方向由a 到b
B ．导体棒ab 运动的最大速度为22
()()F mg R r B L μ-+ C ．当导体棒ab 的速度为v 0（v 0小于最大速度）时，导体棒ab 的加速度为220()B L v F g m R r m
μ--+ D ．导体棒ab 由静止达到最大速度的过程中，ab 棒获得的动能为E k ，则电阻R 上产生的焦耳热是k Fx mgx E μ--
9、4月20日深夜，“长征三号乙”运载火箭成功发射第44颗“北斗”导航卫星。

这是“北斗”导航卫星在2019年的首次发射，“北斗”卫星导航系统今年继续高密度全球组网。

若某颗卫星入轨后绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为r ，
运动周期为T。

已知地球半径为R，引力常量为G，下列说法正确的是（）
A．卫星的线速度大小
2r
v
T
π
=B．地球的质量
23
2
4R
M
GT
π
=
C．地球的平均密度
3
23
3r
GT R
π
ρ=D．地球表面重力加速度大小
23
22
4R
g
T r
π
=
10、一个静止的放射性原子核处于垂直纸面向里的匀强磁场中，由于发生了某种衰变而形成了如图所示的两个圆形径迹，则（）
A．该原子核发生了α衰变
B．该原子核发生了β衰变
C．打出衰变粒子的反冲核沿小圆逆时针运动
D．该原子核的衰变过程结束后，其系统的总质量略有增加
三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）在测金属丝的电阻率的实验中，用两节干电池作为电源，正确的电路连接如图所示。

(1)请在图的框中画出相应的电路图________。

(2)闭合开关，发现电压表的示数为0，须检查电路故障。

针对以下检查过程中的相关步骤，回答问题。

保持原电路结构且闭合开关，用已调试好的多用电表的直流电压10V挡进行检测，将________（选填“红”或“黑”）表笔接触P点的接线柱，再将________（选填“红”或“黑”）表笔接触电路中N点的接线柱。

表盘示数如图所示，其读数为________V。

保持P点表笔接触位置不变，再将另一表笔分别接触电路中M、Q点的接线柱，电压值几乎不变。

由此初步判定电路故障可能是________________。

12．（12分）(1)在“研究平抛物体的运动”实验的装置如下左图所示，下列说法正确的是_____
A．将斜槽的末端切线调成水平
B．将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行
C．斜槽轨道必须光滑
D．每次释放小球时的位置越高，实验效果越好
(2) 为了描出物体的运动轨迹，实验应有下列各个步骤：
A．以O为原点，画出与y轴相垂直的水平轴x轴；
B．把事先做的有缺口的纸片用手按在竖直木板上，使由斜槽上滚下抛出的小球正好从纸片的缺口中通过，用铅笔在白纸上描下小球穿过这个缺口的位置；
C．每次都使小球由斜槽上固定的标卡位置开始滚下，用同样的方法描出小球经过的一系列位置，并用平滑的曲线把它们连接起来，这样就描出了小球做平抛运动的轨迹；
D．用图钉把白纸钉在竖直木板上，并在木板的左上角固定好斜槽；
E．在斜槽末端抬高一个小球半径处定为O点，在白纸上把O点描下来，利用重垂线在白纸上画出过O点向下的竖直直线，定为y轴．
在上述实验中，缺少的步骤F是___________________________________________________，
正确的实验步骤顺序是__________________．
(3)如图所示，在“研究平抛物体运动”的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm．若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为v o=_____（用L、g表示），其值是_____（取g=9.8m/s2）．
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图所示，在竖直平面内，有一倾角为θ的斜面CD与半径为R的光滑圆弧轨道ABC相切于C点，B是最低点，A与圆心O等高。

将一质量为m的小滑块从A点正上方高h处由静止释放后沿圆弧轨道ABC运动，小滑块与斜面间的动摩擦因数为μ，空气阻力不计，重力加速度为g，取B点所在的平面为零势能面，试求：
(1)小滑块在释放处的重力势能E p；
(2)小滑块第一次运动到B 点时对轨道的压力F N ；
(3)小滑块沿斜面CD 向上滑行的最大距离x 。

14．（16分）长为 1.5m L =的长木板B 静止放在水平冰面上，小物块A 以某一初速度0v 从木板B 的左端滑上长木板B ，直到A 、B 的速度达到相同，此时A 、B 的速度为0.4m/s v =，然后A 、B 又一起在水平冰面上滑行了8.0cm s =后停
下.若小物块A 可视为质点，它与长木板B 的质量相同，A 、B 间的动摩擦因数10.25μ=，取210m /s g =求：
(1)木板与冰面的动摩擦因数2μ
(2)小物块A 的初速度0v
15．（12分）如图所示为回旋加速器的结构示意图，匀强磁场的方向垂直于半圆型且中空的金属盒D 1和D 2，磁感应强度为B ，金属盒的半径为R ，两盒之间有一狭缝，其间距为d ，且R ≫d ，两盒间电压为U 。

A 处的粒子源可释放初速度不计的带电粒子，粒子在两盒之间被加速后进入D 1盒中，经半个圆周之后再次到达两盒间的狭缝。

通过电源正负极的交替变化，可使带电粒子经两盒间电场多次加速后获得足够高的能量。

已知带电粒子的质量为m 、电荷量为+q 。

(1)不考虑加速过程中的相对论效应和重力的影响。

①求粒子可获得的最大动能E k m ；
②若粒子第1次进入D 1盒在其中的轨道半径为r 1，粒子第2次进入D 1盒在其中的轨道半径为r 2，求r 1与r 2之比； ③求粒子在电场中加速的总时间t 1与粒子在D 形盒中回旋的总时间t 2的比值，并由此分析：计算粒子在回旋加速器中运动的时间时，t 1与t 2哪个可以忽略？（假设粒子在电场中的加速次数等于在磁场中回旋半周的次数）；
(2)实验发现：通过该回旋加速器加速的带电粒子能量达到25~30MeV 后，就很难再加速了。

这是由于速度足够大时，相对论效应开始显现，粒子的质量随着速度的增加而增大。

结合这一现象，分析在粒子获得较高能量后，为何加速器不能继续使粒子加速了。

参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B
【解析】
A ．卫星在轨道II 上从A 点到
B 点，只有受力万有引力作用，且万有引力做负功，机械能守恒，可知势能增加，动能减小，所以卫星在轨道II 上过B 点的速率小于过A 点的速率，故A 错误；
B ．根据开普勒第三定律
3
2R k T
= 可知轨道的半长轴越大，则卫星的周期越大，所以有T 1<T 2<T 3，故B 正确；
C ．卫星在B 点通过加速实现由轨道II 进人轨道III ，故C 错误；
D ．7.9km/s 即第一宇宙速度，是近地卫星的环绕速度，也是卫星做匀圆周运动最大的环绕速度，而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，所以同步卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度，故D 错误。

故选B 。

2、D
【解析】
AB ．双星间的万有引力提供它们各自圆周运动的向心力，则恒星和行星做圆周运动的角速度大小相等，周期相同，则 212Mm G m r L
ω= 222Mm G M r L
ω= 可得
12r M r m
= 由于恒星与行星质量不同，则轨道半径不同，由公式v r ω=可知，恒星和行星做圆周运动的线速度大小不同，故AB 错误；
C ．根据多普勒效应可知，若某恒星在靠近我们，该恒星发出光的频率不变，但我们接收到的频率会比它发出时的频率，即恒星光谱会出现蓝移，故C 错误；
D ．根据多普勒效应可知，若某恒星在远离我们，该恒星发出光的频率不变，但我们接收到的频率会比它发出时的频率低，即恒星光谱会出现红移，故D 正确。

故选D 。

3、C
【解析】AB 、三个小圆环能静止在光滑的圆环上，由几何知识知：abc 恰好能组成一个等边三角形，对a 受力分析如图所示：
在水平方向上： sin30=sin60T N
在竖直方向上： cos30cos60T mg N =+
解得： N mg = ； 3T mg = 故AB 错；
c 受到绳子拉力的大小为： 2cos303T T mg '==，故C 正确
以c 为对象受力分析得：
在竖直方向上： 12cos30N mg T =+
解得： 13234N mg mg mg =+= 故D 错误； 综上所述本题答案是;C
4、A
【解析】
AB ．原子核衰变过程，一次α衰变核电荷数和质量数分别减少2和4，一次β衰变核电荷数不变，质量数增加1，所以要经过4次α衰变和4次β衰变，A 正确，B 错误；
C ．氡222
86Rn 核的质子数为86，质量数为222，中子数为136，C 错误；
D ．半衰期是大量原子核衰变的统计规律，几个原子核不具有统计意义，D 错误。

故选A 。

5、C
【解析】A 、B 项：由题干中信息可知，引力波以光速向外传播能量，故A ，B 均错误；
C 项：光在传播过程中频率保持不变，故C 正确；
D 项：两个波能形成干涉，故两个波传播在无引力波作用时的传播路程一定不同，故D 错误。

点晴：此题属于科普信息阅读题，一般从文章中结合学过的知识即可直接获得答案，难度一般不会太难，但是需要学生能够快速阅读，并从文章中准确的获得关键信息，也体现了北京高考灵活性高的特点。

6、B
【解析】
A ．两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近的过程中，当分子间距大于平衡间距时，分子力表现为引力；当分子间距小于平衡间距时，分子力表现为斥力，分子引力先减小后增大，斥力增大，A 错误；
B ．两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近的过程中，分子力先是引力后是斥力，故先做正功后做负功，B 正确；
C ．只有分子力做功，先做正功后做负功，根据动能定理，动能先增加后减小，C 错误；
D ．分子力先做正功后做负功；分子力做功等于分子势能的变化量；故分子势能先减小后增加，D 错误。

故选B 。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AD
【解析】
A ．物块从A 到Q 全过程由动能定理得
()()1212sin37cos370mg s s mg s s μ-︒-+︒=
代入0.5μ=，110m s =
解得
22m s =
选项A 正确；
B ．全过程摩擦力一直做负功，物块的机械能不断减少，选项B 错误；
C ．物块从A 下滑到AB 中点时，由能量守恒定律可得
2
k H mgH mg E Q -=+ 显然此处重力势能大于动能，继续下滑时重力势能将减小，动能增加，故动能与重力势能相等的位置在AB 中点下方，则选项C 错误；
D ．因为tan μθ<，所以物块最终静止在挡板处，根据能量守恒得
1sin 37cos37mgs mgs μ︒=︒
代入数据解得
s=15m
选项D 正确。

故选AD 。

8、BC
【解析】
A ．根据楞次定律，导体棒ab 的电流方向由b 到a ，A 错误；
B ．导体棒ab 垂直切割磁感线，产生的电动势大小
E =B Lv
由闭合电路的欧姆定律得
E I R r
=+ 导体棒受到的安培力
F A =B IL
当导体棒做匀速直线运动时速度最大，由平衡条件得
22m B L v mg F R r
μ+=+ 解得最大速度
tn 22()()F mg R r v B L
μ-+= B 正确；
C ．当速度为v 0由牛顿第二定律得
220B L v F mg ma R r
μ--=+ 解得
220()B L v F a g m R r m
μ=--+ C 正确；
D ．在整个过程中，由能量守恒定律可得
E k +μmgx +Q =Fx
解得整个电路产生的焦耳热为
Q =Fx －μmgx －E k
D 错误。

故选BC 。

9、AC
【解析】
A ．根据线速度的定义可知卫星的线速度大小为
2r v T
π= 选项A 正确；
B ．由2
224GMm m r r T
π=，得地球的质量为
23
24R M GT
π= 选项B 错误；
C ．根据密度公式可知地球的密度
3
233343M
r GT R R πρπ== 选项C 正确；
D ．根据万有引力提供向心力有
2
224GMm m r r T
π= 地球表面万有引力近似等于重力有
2Mm G mg R
= 联立解得地球表面的重力加速度大小
23
224r g T R
π= 选项D 错误。

故选AC 。

10、BC
【解析】
AB ．而衰变后两个新的带电粒子向相同方向偏转，故两粒子带异种电荷，原子核发生了β衰变，A 项错误、B 项正确； C ．由于衰变后两带电粒子的动量大小相等，根据圆周运动的规律，带电粒子的轨迹半径mv r qB
=
，电荷量大的轨迹半径小，再利用左手定则判断反冲核沿逆时针方向运动，C 项正确；
D ．衰变中有核能转变为其他形式的能，故系统发生质量亏损，即总质量略有减少，D 项错误。

故选BC 。

三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、黑红 2.5 ②号导线断路或③号导线断路
【解析】
(1)[1]电路图如图所示。

(2)[2][3]使用多用电表时，电流要从红表笔流入、黑表笔流出。

电路中的P点为电源负极，此处应连接多用电表的黑表笔，则另一端连接红表笔。

[4]多用电表为直流电压10V挡，其最小有效刻度为0.2V，经估读后电压值为2.5V。

[5]黑表笔接触P点，红表笔分别探测电路中N、M、Q点，电压值几乎不变且始终小于电源电动势，初步判定导线
①④⑤⑥⑦正常。

电路故障可能是②号导线断路或③号导线断路。

（其他合理说法均对）
12、AB；调整斜槽使放在斜槽末端的小球可停留在任何位置，说明斜槽末端切线已水平；DFEABC；
2gl；0.7m/s
【解析】
（1）将斜槽的末端切线调成水平，以保证小球做平抛运动，选项A正确；将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行，防止小球下落时碰到木板，选项B正确；斜槽轨道没必要必须光滑，只要到达底端的速度相等即可，选项C错误；每次释放小球时的位置必须相同，并非越高实验效果越好，选项D错误；故选AB.
（2）在上述实验中，缺少的步骤F是：调整斜槽使放在斜槽末端的小球可停留在任何位置，说明斜槽末端切线已水平；正确的实验步骤顺序是DFEABC；
（3）设相邻两点间的时间间隔为T，竖直方向：2L-L=gT2，得到
l
T
g =，
水平方向：
2 x
v gl
T
=＝
水平方向：v0=2×9.80.0125
⨯．
【点睛】
关于平抛运动实验要掌握实验的注意事项、实验步骤、实验原理．平抛运动分解为：水平方向的匀速直线运动，竖直
方向的自由落体运动，尤其是注意应用匀变速直线运动规律解决平抛运动问题．
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、（1）mg (h +R )，（2）
23h R mg R +，方向竖直向下，（3）cos sin cos h R θθμθ++。

【解析】
(1)小滑块在释放处的重力势能：
E p =mg (h +R )；
(2)小滑块从释放处到B 点，根据动能定理有：
mg (h + R )= 2B 12
mv 在B 点，根据牛顿第二定律有：
B N 2v F mg m R
-= 解得：N 23h R F mg R
+= 根据牛顿第三定律，小滑块对轨道的压力为23N h R F mg R +=
，方向竖直向下； (3)从释放处到斜面的最高点，对小滑块，根据动能定理有：
(cos sin )cos 00mg h R x mg x θθμθ+--⋅=- 解得：cos sin cos h R x θθμθ
+=+。

14、（1）20.10μ= （2）0 2.4m /s v =
【解析】
(1)小物块和木板一起运动时，受冰面的滑动摩擦力，做匀减速运动，则加速度
2
21.0m /s 2s
v a == 由牛顿第二定律得
2mg ma μ=
解得
20.10μ=
(2)小物块相对木板滑动时受木板对它的滑动摩擦力，做匀减速运动，其加速度
2111 2.5m/s mg
a g m μμ===
小物块在木板上滑动，木板受小物块的滑动摩擦力和冰面的滑动摩擦力，做匀加速运动，则有
122(2)mg m g ma μμ-=
解得
220.50m/s a =
设小物块滑上木板经时间t 后小物块、木板的速度相同为v ，对于木板2v a t =，解得
2
0.8s v t a == 小物块滑上木板的初速度
01 2.4m/s v v a t =+=
15、（1）①222
2q B R m
；③2d R π， t 1可以忽略；（2）见解析 【解析】
（1）①粒子离开回旋加速器前，做的还是圆周运动，由洛仑兹力提供向心力，根据牛顿第二定律可得
2
m v qv B m R
= 212
km m E mv =
解得 2222km B R E q m
= ②设带电粒子在两盒间加速的次数为N ，在磁场中有
2
v qvB m r
= 在电场中有
212
NqU mv = 第一次进入D 1盒中N=1，第二次进入D 1盒中N=3，可得
12r r =
③带电粒子在电场中的加速度为
qE qU a m md
== 所以带电粒子在电场中的加速总时间为 1m v BdR t a U =
= 设粒子在磁场中回旋的圈数为n ，由动能定理得
2122
m nqU mv = 带电粒子回旋一圈的时间为
2πm T qB
= 所以带电粒子在磁场中回旋的总时间为
2
2π2BR t nT U
== 122πt d t R
= 已知R d ＞＞可知12t t <<，所以1t 可以忽略。

（2）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动周期为
2πm T qB
= 对一定的带电粒子和一定的磁场来说，这个周期是不变的。

如果在两盒间加一个同样周期的交变电场，就可以保证粒子每次经过电场时都能被加速，当粒子的速度足够大时，由于相对论效应，粒子的质量随速度的增加而增大，质量的增加会导致粒子在磁场中的回旋周期变大，从而破坏了与电场变化周期的同步，导致无法继续加速。