高考物理二轮复习实验题15分保分练2含解析.
高考物理二轮复习 精练二 选考题15分标准练(二)
选考题15分标准练(二)33.【物理——选修3－3】(15分)(1)(5分)下列说法正确的是________。
(填正确选项前的字母，选对一个给2分，选对两个给4分，选对三个给5分，每选错一个扣3分，最低得0分)。
A.布朗运动就是液体分子的运动B.碎玻璃不能拼合在一起，说明分子间有斥力作用C.小昆虫水黾可以在水面上自由行走，是由于液体表面张力D.给物体加热，物体的内能不一定增加E.机械能可以全部转化为内能，也可以将内能全部转化为机械能图1(2)(10分)如图1所示，下端封闭且粗细均匀的“7”型细玻璃管，竖直部分长l＝50 cm，水平部分足够长，左边与大气相通，当温度t1＝27 ℃时，竖直管内有一段长为h＝10 cm的水银柱，封闭着一段长为l1＝30 cm的空气柱，外界大气压始终保持p0＝76 cmHg，设0 ℃＝273 K，试求：(ⅰ)被封闭气柱长度为l2＝40 cm时的温度t2；(ⅱ)温度升高至t3＝177 ℃时，被封闭空气柱的长度l3。
解析(1)布朗运动是悬浮在液体或气体中固体颗粒的无规则运动，是由于液体分子或气体分子对固体颗粒的撞击不平衡引起的，故A错误；分子间斥力作用的距离很小，碎玻璃间的距离远大于分子间斥力作用的距离，因此碎玻璃不能拼合在一起，并不能说明是分子斥力起的作用，故B 错误；小昆虫水黾可以在水面上自由行走是由于液体的表面张力，C正确；做功和热传递是改变内能的方式，给物体加热，物体的内能不一定增加，内能的改变还与做功情况有关，故D正确；机械能与内能的转换过程具有方向性，机械能可以全部转化为内能，内能在一定条件下也可以全部转化为机械能，故E正确。
(2)(ⅰ)设玻璃管横截面积为S，气体在初状态时：p1＝p0＋p h＝86 cmHg，T 1＝t 1＋273 K ＝300 K ，l 1＝30 cml 2＝40 cm 时，l 2＋h ＝l ，水银柱上端刚好达到玻璃拐角处，p 2＝p 1，气体做等压变化(1分) 根据盖－吕萨克定律可得l 1S T 1＝l 2S T 2(2分) 解得T 2＝400 K ，即t 2＝127 ℃(2分)(ⅱ)t 3＝177 ℃时，T 3＝t 3＋273 K ＝450 K ，设水银柱已经全部进入水平玻璃管，则被封闭气体的压强p 3＝p 0＝76 cmHg(1分)由p 1l 1S T 1＝p 3l 3S T 3(2分) 解得l 3＝50.9 cm(1分)由于l 3>l ，原假设成立，空气柱长l 3＝50.9 cm(1分)答案 (1)CDE (2)(ⅰ)127 ℃ (ⅱ)50.9 cm34.【物理——选修3－4】(15分)(1)(5分)下列说法正确的是________。
2019-2020年高考物理二轮复习 实验题15分练1
实验题15分练(一)(时间：15分钟 分值：15分)1．(6分)(2018·齐齐哈尔一模)某同学用气垫导轨验证机械能守恒定律，在气垫导轨的滑块上装上一个挡光片和一个方盒，测得滑块、方盒及挡光片的总质量为M ，气垫导轨的右端固定一个定滑轮，细线绕过滑轮，一端与滑块相连，另一端挂有6个钩码，每个钩码的质量为m ，当地重力加速度为g (桌面足够高) ，如图甲所示．图1(1)现用游标卡尺测出挡光片的宽度，读数如图1乙所示，则宽度d ＝__________mm.(2)实验前先调节气垫导轨水平，方法是：取下砝码，接通气垫导轨装置的电源，调节导轨下面的螺母，若滑块放在气垫导轨上任意位置都能__________，则导轨水平．(3)先挂上6个钩码，将滑块由某一固定位置由静止释放，滑块上的挡光片通过光电门的时间为t ，则滑块通过光电门的速度为__________(用题中所给字母表示)．(4)每次将1个钩码移放到滑块上的方盒中，滑块均由同一位置由静止释放，重复实验，记录每次悬挂钩码的个数n 及挡光片通过光电门的时间t ，在坐标纸上作出n 1t 2的图象，如图丙所示，要验证机械能守恒，还需要测量的物理量是______________________________，设此物理量的测量值为x ，要验证机械能守恒，在误差允许的范围内，作出的图象斜率k ＝__________.【解析】 (1)游标卡尺的读数为d ＝5 mm ＋0.05 mm×4＝5.20 mm.(2)调节气垫导轨水平时，通过调节导轨下面的螺母，使滑块放在导轨上任意位置都能保持静止，则导轨调节水平．(3)滑块通过光电门的速度v ＝d t.(4)要验证机械能守恒，还需要测量滑块开始滑动时，挡光片到光电门的距离，根据机械能守恒定律，nmgx ＝12(M ＋6m )⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2可得n ＝M ＋6m d 22mgx ·1t 2，因此要验证机械能守恒，除了n 1t 2图象为一条过原点的倾斜直线，还必须得到图象的斜率k ＝M ＋6m d 22mgx .【答案】 (1)5.20 (2)保持静止 (3)d t (4)滑块开始滑动时挡光片到光电门的距离 M ＋6m d 22mgx2．(9分)某同学要测定三节干电池组成的电池组的电动势和内阻，实验室提供的器材有：A ．电流表G(满偏电流5 mA ，内阻10 Ω)B ．安培表(量程0.6 A ，内阻0.5 Ω)C ．电压表(量程15 V ，内阻约为6 k Ω)D ．滑动变阻器(阻值：0～10 Ω，额定电流为2 A)E ．定值电阻R 0(阻值990 Ω)F ．开关S 一个，导线若干(1)请完成虚线框内的电路图，为了减小实验误差，电路图2甲中的导线应连接到__________(填“①”或“②”)的位置．图2(2)调节滑动变阻器，测得虚线框内电表的示数X 与安培表的示数I 的多组数值，作出X I 图象如图乙，则由图线可以得到被测电池组的电动势E ＝__________V ，内阻r ＝__________Ω.(保留2位有效数字)(3)实验时，小明进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持开关闭合，其实，从实验误差考虑，这样的操作不妥，因为____________________________________________________________________．【解析】 (1)三节干电池的电动势大约为4.5 V ，由于所给电压表的量程过大，因此需要用电流表G 和定值电阻R 0组成了一个量程为5 V 的电压表，因此虚线框内的电路连接如图所示．由于安培表的电阻已知，因此将导线连接到②可以减小电池内阻测量的误差．(2)由电路连接可知，X 为电流表G 的示数，将图线延长，图线与纵轴的交点是4.5 mA ，为电路断路时电流表G 的示数，此时电源的电动势等于路端电压，即E ＝4.5×10－3×(990＋10)V ＝4.5 V ，电源的内阻r ＝4－20.5－0.1Ω－0.5 Ω＝4.5 Ω. (3)干电池长时间使用后，电动势和内阻会发生变化，导致实验误差增大．【答案】 (1)见解析 (2)4.5 4.5 (3)干电池使用较长时间后，电动势和内阻发生变化，导致实验误差增大。
2020版高考物理二轮复习鸭题15分增分练1含解析2
选考题15分增分练(一)(时间：20分钟 分值：15分)1．(选修3－3)(15分)(1)关于热学方面的认识以下说法正确的是( )A．微粒运动(即布朗运动)就是物质分子的无规则热运动B．当两个相邻的分子平衡距离为r0时，它们间相互作用的引力和斥力大小相等C．食盐晶体的物理性质沿各个方向都是一样的D．小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用E．热量总是自发地从分子平均动能大的物体传递到分子平均动能小的物体(2)如图所示，一圆柱形绝热汽缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体。
活塞的质量为m，横截面积为S，与容器底部相距h，此时封闭气体的温度为T1。
现通过电热丝缓慢加热气体，当气体吸收热量Q时，气体温度上升到T2。
已知大气压强为p0，重力加速度为g，不计活塞与汽缸的摩擦，求：①活塞上升的高度；②加热过程中气体的内能增加量。
[解析] (1)微粒运动(即布朗运动)不是物质分子的无规则热运动，而是液体分子无规则热运动的表现，A项错误；当两个相邻的分子平衡距离为r0时，它们间相互作用的引力和斥力大小相等，分子力表现为零，B项正确；食盐晶体是单晶体，单晶体具有各向异性，C项错误；小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用，D项正确；热量总是自发地从高温物体传到低温物体，即从分子平均动能大的物体传送到分子平均动能小的物体，E项正确。
(2)①气体发生等压变化，有＝hSh ＋Δh S T 1T 2解得Δh ＝h 。
T 2－T 1T 1②加热过程中气体对外做功为W ＝pS Δh ＝(p 0S ＋mg )hT 2－T 1T 1由热力学第一定律知内能的增加量为ΔU ＝Q －W＝Q －(p 0S ＋mg )h 。
T 2－T 1T 1[答案] (1)BDE (2)①h ②Q －(p 0S ＋mg )hT 2－T 1T 1T 2－T 1T 12．(选修3－4)(15分)(1)下列说法正确的是( )A ．在摆角很小时单摆的周期与振幅无关B ．只有发生共振时，受迫振动的频率才等于驱动力频率C ．真空中两列同向运动的光束，以其中一光束为参考系，另一光束是以光速c 向前运动的D ．变化的电场一定能产生变化的磁场E ．两列波相叠加产生干涉现象，振动加强区域与减弱区域应交替出现(2)彩虹的产生原因是光的色散，如图甲所示为太阳光射到空气中小水珠时的部分光路图，光通过一次折射进入水珠，在水珠内进行一次反射后，再通过一次折射射出水珠。
2024年高考物理二轮复习考前热身训练——基础题保分练(二)
基础题保分练(二)一、单项选择题1.(2023山东潍坊二模)某同学做双缝干涉实验时,用波长为λ0的激光照射双缝,墙上的P 点出现第3级亮条纹(中央亮条纹为第0级亮条纹)。
当他改用另一种激光照射双缝时,P 点变为第4级亮条纹,则该激光的波长为( )A.34λ0B.λ02C.14λ0D.43λ02.(2023山东临沂二模)一定质量的理想气体从状态A 经过状态B 和C 又回到状态A ,其压强p 随体积V 变化的关系图像如图所示,其中A →B 为等温过程,C →A 为绝热过程。
下列说法正确的是( )A.A →B 过程,气体从外界吸收热量B.B →C 过程,压缩气体,气体温度升高C.B →C 过程,气体分子平均动能不变D.C →A 过程,气体分子平均动能不变3.(2023山东烟台二模)如图甲所示,在水平向右的匀强磁场中,匝数为100的矩形线圈绕与线圈平面共面的竖直轴匀速转动,从线圈转到某一位置开始计时,线圈中的瞬时感应电动势e 随时间t 变化的关系如图乙所示。
下列说法正确的是( )A.e=0时,穿过线圈的磁通量为零B.t=0时,线圈平面与磁场方向夹角为30°C.瞬时感应电动势e 随时间t 的变化关系为e=22√2sin (100πt -π3) V D.线圈转动一圈的过程中,穿过单匝线圈磁通量的最大值为22√2π×10-4 Wb4.(2023山东青岛二模)如图所示,曲线是运动的电子经过点电荷Q附近形成的运动轨迹,它先后经过A、B两点,受到的静电力如图中箭头所示。
已知电子只受静电力。
下列说法正确的是()A.点电荷Q带负电B.A、B两点处于电场中同一等势面上C.电子从A点到B点,速度先减小后增大D.电子在A点的电势能小于在B点的电势能二、多项选择题5.(2023湖南岳阳高三模拟)如图所示,水族馆训练员在训练海豚时,将一发光小球高举在水面上方的A 位置,海豚的眼睛在B位置,A位置和B位置的水平距离为3 m,A位置离水面的高度为2 m。
2020版高考物理二轮复习实验题15分保分练1含解析2
实验题15分保分练(一)(时间：15分钟 分值：15分)1．(6分)如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个质量已知且相等的钩码探究在弹性限度内弹簧弹力和弹簧伸长的关系。
(1)除图甲中所示器材外，实验中还需要的测量工具有：____________。
(2)如图乙所示，根据实验数据绘图，纵轴是钩码质量m ，横轴是弹簧的形变量x 。
由图可知图线不通过原点，其原因是______________________________；弹簧的劲度系数k ＝________N/m(计算结果保留两位有效数字，重力加速度g 取9.8 m/s 2)。
(3)实验中用两根不同的轻弹簧a 和b 进行实验，画出弹簧弹力F 与弹簧长度L 的关系图象如图丙所示，下列说法正确的是________。
A ．a 的原长比b 的大B ．a 的劲度系数比b 的大C ．a 的劲度系数比b 的小D ．弹力与弹簧长度成正比[解析] (1)实验需要测量弹簧伸长的长度，故需要毫米刻度尺。
(2)由图乙可知，当m ＝0时，x 大于零，说明没有挂重物时，弹簧有伸长，这是由于弹簧自身的重力造成的，故图线不过原点的原因是实验中没有考虑(或忽略了)弹簧的自重。
图线的斜率等于弹簧的劲度系数，则k ＝＝＝×9.8N/m ＝4.9ΔF Δx Δmg Δx 50×10－312－2 ×10－2N/m 。
(3)弹簧a 、b 为轻弹簧，故无需考虑弹簧自重。
在F L 图象中横轴截距表示弹簧的原长，故b 的原长比a 的大，A 项错误；斜率表示弹簧的劲度系数k ，故a 的劲度系数比b 的大，B 项正确，C 项错误；弹簧的弹力与形变量的关系满足胡克定律，弹力与弹簧的形变量成正比，故D 项错误。
[答案] (1)毫米刻度尺 (2)实验中没有考虑弹簧的自重 4.9 (3)B2．(9分)(2019·青岛模拟)在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准。
2020版高考物理二轮复习实验题15分保分练5含解析2
实验题15分保分练(五)(时间：15分钟 分值：15分)1．(6分)如图甲所示为某探究小组设计的“用DIS 测定动摩擦因数”的实验装置示意图。
一长木板固定在水平桌面上，长木板上表面水平，轻弹簧水平放置在长木板上，其右端固定在长木板的C 处，左端连一木块，木块上方固定有窄片P ，当弹簧处于原长时，木块在A 点处，光电门(未画出，用以测量窄片的遮光时间)固定在A 点。
第一次，将木块向右压缩弹簧使木块移到B 点处并由静止释放，木块通过A 处时记下窄片的遮光时间t 1，测出木块的质量m 1；第二次，在木块上方增加砝码后，向右压缩弹簧使木块再次移到B 点处并由静止释放，木块通过A 处时记下窄片的遮光时间t 2，测出木块和砝码的总质量m 2；如此反复多次实验。
请回答下列问题。
(已知重力加速度大小为g )(1)为了测量木块与长木板间的动摩擦因数，实验中还需要测量的物理量有________。
A ．窄片的宽度dB ．A 、B 两点间的距离xC ．木块从B 点运动到A 点的时间t 0D ．弹簧的劲度系数k(2)在坐标纸上作出窄片遮光时间t 的平方的倒数1t 2随木块质量的倒数1m变化的关系图象，如图乙所示，根据图线，求得木块与长木板间的动摩擦因数μ＝________，木块从B 点运动到A 点的过程，弹簧对木块做的总功W F ＝________。
(用含a 、b 、g 及还需要测量的物理量字母表示)[解析] 木块通过A 点时的速度大小v ＝d t，t 为窄片通过光电门的遮光时间，木块从B点运动到A 点的过程，根据动能定理有W F －μmgx ＝12mv 2－0，得1t 2＝2W F d 2·1m －2μgx d 2，结合题图乙得2μgx d 2＝a ，2W F d 2＝a b ，得μ＝ad 22gx ，W F ＝ad 22b ，可见为测量μ，还需要测量x 和d ，故选A 、B 。
[答案] (1)AB (2)ad 22gx ad 22b2.(9分)(1)如图甲所示为某同学在实验室设计的一电路图，其中R 1、R 2、R 3为定值电阻，R 4为一电阻箱，G 是一灵敏电流表(零刻度在表盘的中央)。
高三物理二轮复习实验题15分强化练2
实验题15分强化练(二)1．如图1所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．图1(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的．但是，可以通过仅测量________(填选项前的符号)，间接地解决这个问题．A ．小球开始释放高度hB ．小球抛出点距地面的高度HC ．小球做平抛运动的射程(2)图中O 点是小球抛出点在地面上的垂直投影．实验时，先让入射球m 1多次从斜轨上S 位置静止释放，找到其平均落地点的位置P ，测量平抛射程OP .然后，把被碰小球m 2静置于轨道的水平部分，再将入射球m 1从斜轨上S 位置静止释放，与小球m 2相碰，并多次重复．接下来要完成的必要步骤是________．(填选项前的符号) A ．用天平测量两个小球的质量m 1、m 2 B ．测量小球m 1开始释放高度h C ．测量抛出点距地面的高度HD ．分别找出m 1、m 2相碰后平均落地点的位置M 、NE ．测量平抛射程OM 、ON(3)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为________[用(2)中测量的量表示]． 【解析】 (1)小球碰前和碰后的速度都用平抛运动来测定，即v ＝xt.而每次小球抛出的竖直高度相等，由H ＝12gt 2知，平抛时间相等．由动量守恒定律得m 1·OP t ＝m 1·OM t＋m 2·ON t，即m 1·OP ＝m 1·OM ＋m 2·ON ，故只需测射程，因而选C.(2)由m 1·OP ＝m 1·OM ＋m 2·ON 知，在OP 已知时需测量m 1、m 2、OM 和ON ，故必要步骤是A 、D 、E.(3)动量守恒定律的表达式为m1·OP＝m1·OM＋m2·ON.【答案】(1)C (2)ADE(3)m1·OP＝m1·OM＋m2·ON2．(9分)小王和小李两同学分别用电阻箱、电压表测量不同电源的电动势和内阻．(1)小王所测电源的内电阻r1较小，因此他在电路中接入了一个阻值为2.0 Ω的定值电阻R0，所用电路如图2所示．图2①请用笔画线代替导线将图3所示器材连接成完整的实验电路图3②闭合开关S，调整电阻箱的阻值R，读出电压表相应的示数U，得到了一组U、R数据．为了比较准确地得出实验结论，小王同学准备用直线图象来处理实验数据，图象的纵坐标表示电压表读数U，则图象的横坐标表示的物理量应该是________．(2)小李同学所测电源的电动势E2约为9 V，内阻r2为35～55 Ω，允许通过的最大电流为50 mA.小李同学所用电路如图4所示，图中电阻箱R的阻值范围为0～9 999 Ω.图4①电路中R0为保护电阻．实验室中备有以下几种规格的定值电阻，本实验中应选用________．A．20 Ω，125 mAB．50 Ω，20 mAC．150 Ω，60 mAD ．1 500 Ω，5 mA②实验中通过调节电阻箱的阻值，记录电阻箱的阻值R 及相应的电压表的示数U ，根据测得的多组数据，作出1U 1R ＋R 0图线，图线的纵轴截距为a ，图线的斜率为b ，则电源的电动势E 2＝________，内阻r 2＝________.【解析】 (1)①根据电路图，实物图连接如图所示：②根据欧姆定律可知：E 1＝U ＋UR (R 0＋r 1)，可得U ＝E 1－U R (R 0＋r 1)，故横坐标为U R. (2)①电路最小总电阻约为R min ＝90.05 Ω＝180 Ω，为保护电路安全，保护电阻应选C ；②在闭合电路中，电源电动势为E 2＝U ＋Ir 2＝U ＋UR 0＋R r 2，则1U ＝r 2E 2 ·1R ＋R 0＋1E 2，则1U 1R ＋R 0图象是直线，截距a ＝1E 2，得E 2＝1a ，斜率b ＝r 2E 2，得r 2＝ba.【答案】 (1) ①见解析 ②U R(2) ① C ②1a ba。
新教材2024高考物理二轮专题复习第三编高考夺分许练课时提升训练15力学实验
课时提升训练15 力学实验1.[2023·全国乙卷]在“验证力的平行四边形定则”的实验中使用的器材有：木板、白纸、两个标准弹簧测力计、橡皮条、轻质小圆环、刻度尺、铅笔、细线和图钉若干．完成下列实验步骤：①用图钉将白纸固定在水平木板上．②将橡皮条的一端固定在木板上，另一端系在轻质小圆环上．将两细线也系在小圆环上，它们的另一端均挂上测力计．用互成一定角度、方向平行于木板、大小适当的力拉动两个测力计，小圆环停止时由两个测力计的示数得到两拉力F1和F2的大小，并________．(多选，填正确答案标号)A．用刻度尺量出橡皮条的长度B．用刻度尺量出两细线的长度C．用铅笔在白纸上标记出小圆环的位置D．用铅笔在白纸上标记出两细线的方向③撤掉一个测力计，用另一个测力计把小圆环拉到________，由测力计的示数得到拉力F的大小，沿细线标记此时F的方向．④选择合适标度，由步骤②的结果在白纸上根据力的平行四边形定则作F1和F2的合成图，得出合力F′的大小和方向；按同一标度在白纸上画出力F的图示．⑤比较F′和F的________，从而判断本次实验是否验证了力的平行四边形定则．2．[2024·辽宁省教研联盟一模]某物理兴趣小组通过自由落体运动测量重力加速度．该小组利用“手机物理工坊”软件中的声学秒表功能记录物体的运动时间．该小组在铁架台上固定一个铁圈，充入空气的气球下方悬挂一个物体，放在铁圈上，如图甲所示．用针刺破气球时发出爆破音，手机上的传感器接收到声音信号开始计时，物体同时做自由下落．物体落地后发出声音，传感器再次接收到信号停止计时，记录了物体下落的时间t，如图乙所示．(1)要想计算重力加速度，还需要测量的物理量是__________________；(2)重力加速度的表达式为________(用测量的物理量表达)；(3)为减少实验误差，改变铁圈的固定位置，多次测量．以t2为横坐标，________为纵坐标建立坐标系，图线的斜率为重力加速度．3．[2023·广东惠州三模]某学习小组尝试探究弹簧所受弹力F与弹簧长度L的关系．(1)通过多次实验，记录实验数据，描绘出如图甲所示的FL图像．则弹簧原长L0＝____cm，弹簧的劲度系数k＝________N/m (计算结果保留三位有效数字).(2)如图乙所示，若将该弹簧左端固定在中间带有小圆孔的竖直挡板上，弹簧右端连接细线，细线穿过圆孔，通过光滑的滑轮与钩码相连，竖直挡板固定在刻度尺0刻线处，已知每个钩码重为1.0N．当水平弹簧压缩稳定后，指针指示如图乙所示．由此可推测所挂钩码的个数为________个．(实验过程中，弹簧处于弹性限度内)4．[2023·北京卷]用频闪照相记录平抛小球在不同时刻的位置，探究平抛运动的特点．(1)关于实验，下列做法正确的是________(填选项前的字母).A．选择体积小、质量大的小球B．借助重垂线确定竖直方向C．先抛出小球，再打开频闪仪D．水平抛出小球(2)图1所示的实验中，A球沿水平方向抛出，同时B球自由落下，借助频闪仪拍摄上述运动过程．图2为某次实验的频闪照片，在误差允许范围内，根据任意时刻A、B两球的竖直高度相同，可判断A球竖直方向做________运动；根据__________________，可判断A 球水平方向做匀速直线运动．(3)某同学使小球从高度为0.8m的桌面水平飞出，用频闪照相拍摄小球的平抛运动(每秒频闪25次)，最多可以得到小球在空中运动的________个位置．(4)某同学实验时忘了标记重垂线方向，为解决此问题，他在频闪照片中，以某位置为坐标原点，沿任意两个相互垂直的方向作为x轴和y轴正方向，建立直角坐标系xOy，并测量出另外两个位置的坐标值(x1，y1)、(x2，y2)，如图3所示．根据平抛运动规律，利用运动的合成与分解的方法，可得重垂线方向与y轴间夹角的正切值为______．5.[2023·辽宁大连二模]某同学利用手机“声音图像”软件测量物块与长木板间的动摩擦因数μ.实验装置如图甲所示，长木板固定在水平桌面上，物块置于长木板上且两端分别通过跨过定滑轮的细线与小球A、B相连，实验前分别测量出小球A、B底部到地面的高度h A、h B(h B>h A).打开手机软件，烧断一侧细绳，记录下小球与地面两次碰撞声的时间图像．(两小球落地后均不反弹)(1)烧断细线前，用分度值为1cm的刻度尺测量h A，刻度尺的0刻度线与地面齐平，小球A的位置如图乙所示，则h A＝______cm；(2)实验时烧断物块左侧的细绳，若算得A下落时间为0.40s，由图丙可知，物块加速运动的时间为________s；若将手机放在靠近小球A的地面上测量物块加速运动的时间，测量结果会________；(选填“偏大”“偏小”或“不变”)(3)仅改变小球B实验前离地高度h B，测量不同高度下物块加速运动时间t，作出h Bt2图像如图丁所示，由图像可求得斜率为k，若小球B的质量为m，物块质量为M，重力加速度大小为g，则物块与木板间的动摩擦因数μ＝________．(用字母k、m、M、g表示) 6．[2023·湖北卷]某同学利用测质量的小型家用电子秤，设计了测量木块和木板间动摩擦因数μ的实验．如图(a)所示，木板和木块A放在水平桌面上，电子秤放在水平地面上，木块A和放在电子秤上的重物B通过跨过定滑轮的轻绳相连．调节滑轮，使其与木块A间的轻绳水平，与重物B间的轻绳竖直．在木块A上放置n(n＝0，1，2，3，4，5)个砝码(电子秤称得每个砝码的质量m0为20.0g)，向左拉动木板的同时，记录电子秤的对应示数m.(1)实验中，拉动木板时________(填“必须”或“不必”)保持匀速．(2)用m A和m B分别表示木块A和重物B的质量，则m和m A、m B、m0、μ、n所满足的关系式为m＝________．(3)根据测量数据在坐标纸上绘制出m－n图像，如图(b)所示，可得木块A和木板间的动摩擦因数μ＝________(保留2位有效数字).7．[2024·辽宁丹东一模]某实验小组为验证系统机械能守恒，设计了如图所示的装置，实验过程如下：甲(1)用螺旋测微器测量砝码上端固定的遮光片厚度时，螺旋测微器示数如图乙所示，则d＝________mm，测得砝码和遮光片总质量m＝0.026kg；乙(2)按图甲安装实验器材并调试，确保砝码竖直上下振动时，遮光片运动最高点高于光电门1的激光孔，运动最低点低于光电门2的激光孔；(3)实验时，利用计算机记录弹簧拉伸量x及力传感器的读数F，画出Fx图像，如图丙所示；丙(4)测量遮光片经过光电门1的挡光时间t1＝0.0051s，弹簧的拉伸量x1＝0.04m，经过光电门2的挡光时间t2＝0.0102s，弹簧的拉伸量x2＝0.08m，以及两个光电门激光孔之间的距离h＝0.04m；(5)遮光片从光电门1运动到光电门2的过程中，系统势能的增加量ΔE p＝________J，系统动能的减少量ΔE k＝________J(结果保留三位有效数字，g＝10m/s2)，实验表明在误差允许范围内系统机械能守恒．课时提升训练151．解析：②将橡皮条的一端固定在木板上，另一端系在轻质小圆环上．将两细线也系在小圆环上，它们的另一端均挂上测力计．用互成一定角度、方向平行于木板、大小适当的力拉动两个测力计，小圆环停止时由两个测力计的示数得到两拉力F 1和F 2的大小，还需要用铅笔在白纸上标记出小圆环的位置以及用铅笔在白纸上标记出两细线的方向．故选CD.③撤掉一个测力计，用另一个测力计把小圆环拉到相同位置，由测力计的示数得到拉力F 的大小，沿细线标记此时F 的方向；⑤比较F ′和F 的大小和方向，从而判断本次实验是否验证了力的平行四边形定则． 答案：②CD ③相同位置 ⑤大小和方向2．解析：（1）根据h ＝12gt 2可知要计算重力加速度，还需要测量物体下端距地面的高度h ；（2）根据h ＝12gt 2可得g ＝2h t 2 （3）根据h ＝12gt 2整理可得2h ＝gt 2 可知为减少实验误差，改变铁圈的固定位置，多次测量．以t 2为横坐标，2h 为纵坐标建立坐标系，图线的斜率为重力加速度．答案：（1）物体下端距地面的高度h （2）g ＝2h t 2 （3）2h 3．解析：（1）当弹簧弹力为零，弹簧处于自然状态，由图可知，弹簧的原长为L 0＝3.0cm 由胡克定律可知k ＝FL －L 0＝129.0－3.0N/cm ＝200N/m （2）由图可知，该刻度尺的读数为L ′＝1.50cm由胡克定律可知F ′＝k （L 0－L ）＝200×（3.0－1.5）×10－2N ＝3N由题可知每个钩码重G ＝1N ，由此可推测所挂钩码的个数为n ＝F ′G＝3 答案：（1）3.0 200 （2）34．解析：（1）用频闪照相记录平抛小球在不同时刻的位置，选择体积小质量大的小球可以减小空气阻力的影响，A 正确；本实验需要借助重垂线确定竖直方向，B 正确；实验过程先打开频闪仪，再水平抛出小球，C 错误，D 正确．故选ABD.（2）根据任意时刻A 、B 两球的竖直高度相同，可以判断出A 球竖直方向做自由落体运动；根据A 球相邻两位置水平距离相等，可以判断A 球水平方向做匀速直线运动．（3）小球从高度为0.8m 的桌面水平抛出，根据运动学公式h ＝12gt 2，解得t ＝0.4s 频闪仪每秒频闪25次，频闪周期T ＝125s ＝0.04s 故最多可以得到小球在空中运动个数为t T＝10（4）如图x 0、y 0分别表示水平和竖直方向，设重垂线与y 轴间的夹角为θ，建立坐标系存在两种情况，如图所示．则沿x 轴方向有x 2－2x 1＝－g sin θ（2T ）2y 轴方向在y 2－2y 1＝g cos θ（2T ）2联立解得tan θ＝2x 1－x 2y 2－2y 1综上所述，重垂线方向与y 轴间夹角的正切值为tan θ＝2x 1－x 2y 2－2y 1. 答案：（1）ABD （2）自由落体运动 A 球相邻两位置水平距离相等 （3）10 （4）2x 1－x 2y 2－2y 15．解析：（1）测量时间是通过小球落地计算，小球的底端先落地，所以应测量到小球底端距离，而不是小球的球心．那么图乙刻度尺读数为h A ＝78.5cm（2）由图丙可知，A 、B 两球落地时间差为0.50s ，A 球先下落，时间短，则B 球下落时间为t B ＝0.90s即物块加速运动的时间为0.90s.若将手机放在靠近小球A 的地面上测量物块加速运动的时间，测量时间为A 、B 落地时间差和B 落地后声音传过来时间之和，故测量结果偏大．（3）物块和小球B 一起做匀加速直线运动，由匀变速直线运动位移时间关系有h B ＝12at 2 由牛顿第二定律有mg －μMg ＝（m ＋M ）a 整理可得h B ＝mg －μMg 2（m ＋M ）·t 2 结合h B t 2图像可得k ＝mg －μMg 2（m ＋M ）解得μ＝mg －2k （m ＋M ）Mg答案：（1）78.5 （2）0.90 偏大 （3）mg －2k （m ＋M ）Mg 6．解析：（1）木块与木板间的滑动摩擦力与两者之间的相对速度无关，则实验拉动木板时不必保持匀速；（2）对木块、砝码以及重物B 分析可知μ（m A ＋nm 0）g ＋mg ＝m B g解得m ＝m B －μ（m A ＋nm 0）（3）根据m ＝m B －μm A －μm 0·n结合图像可知μm 0＝59－195＝8 则μ＝0.40答案：（1）不必 （2）m B －μ（m A ＋nm 0） （3）0.407．解析：（1）螺旋测微器的分度值为0.01mm ，则遮光片厚度为d ＝2mm ＋4.0×0.01mm＝2.040mm（5）遮光片从光电门1运动到光电门2的过程中，弹性势能增加量ΔE p1＝0.2＋0.42×0.04J＝0.012J重力势能减小量ΔE p2＝mg （x 2－x 1）＝0.0104J系统势能的增加量ΔE p ＝E p1－E p2＝1.60×10－3J通过光电门的速度v ＝d t系统动能的减少量ΔE k ＝12m ⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 12－12m ⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 22＝1.56×10－3J 答案：（1）2.040 （5）1.60×10－3 1.56×10－3。
【4份】2017届高考物理二轮复习(全国通用)选考题15分练含答案
【4份】2017届高考物理二轮复习（全国通用）选考题15分练含答案目录3－3 选考题15分练(一) (1)3－3 选考题15分练(二) (4)3－4 选考题15分练(一) (6)3－4 选考题15分练(二) (10)3－3 选考题15分练(一)1．【物理——选修3－3，33】(15分)(1)(5分)下列说法中正确的是________。
(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分) A．分子间的距离增大时，分子势能一定增大B．晶体有确定的熔点，非晶体没有确定的熔点C．根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体D．物体吸热时，它的内能可能不增加E．一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热(2) (10分)如图1甲所示，一玻璃管两端封闭，管内有一10 cm长的水银柱将玻璃管中理想气体分割成两部分，上部分气柱长20 cm，下部分气柱长5 cm，现将玻璃管下部分浸入高温液体中，如图乙所示，发现水银柱向上移动了2 cm。
已知上部分气柱初始时压强为50 cmHg，且上部分气体温度始终与外界温度相同，上、下两部分气体可以认为没有热交换，外界温度是20 ℃，试求高温液体的温度。
图1【详细分析】(1)分子间的距离有一个特殊值r0，此时分子间引力与斥力平衡，分子势能最小。
当分子间的距离小于r0时，分子势能随距离的增大而减小，当分子间的距离大于r0时，分子势能随距离的增大而增大，选项A错误；根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体而不引起其他变化，在有外力做功的情况下热量可以从低温物体传到高温物体，选项C错误；故正确答案为B、D、E。
(2)上部分气体做等温变化，根据玻意耳定律有p11V11＝p12V12①(2分)其中p11＝50 cmHg，V11＝20 cm·S，V12＝18 cm·S(2分)对于下部分气体，由理想气体状态方程有p21V21 T21＝p22V22T22②(2分)其中p21＝60 cmHg，V21＝5 cm·S，T21＝293 K，p22＝p12＋10 cmHg，V22＝7 cm·S(2分)联立①②并代入数值解得T22＝448.2 K(2分)答案(1)BDE(2)448.2 K2．【物理——选修3－3，33】(15分)(1)(5分)下列说法中正确的是________。
2020版高考物理二轮复习实验题15分保分练4含解析2
实验题15分保分练(四)(时间：15分钟分值：15分)1．(6分)如图所示为弹簧弹射装置，在内壁光滑、水平固定的金属管中放有轻弹簧，在弹簧两端各放置一个金属小球(两球直径略小于管径且与弹簧不相连)，压缩弹簧并锁定。
现解除锁定，则两个小球同时沿同一直线向相反方向弹射。
按下述步骤进行实验：①用天平测出1、2两球的质量分别为m1、m2；②用刻度尺测出两管口离地面的高度均为h；③解除弹簧锁定弹出两球，记录两球在水平地面上的落点P、Q。
回答下列问题。
(1)要测定弹射装置在弹射时所具有的弹性势能，还需测量的物理量有________。
(已知重力加速度为g)A．弹簧的压缩量ΔxB．两球的落点P、Q到对应管口M、N的水平距离x1、x2C．小球直径dD．两球从管口弹出到落地的时间t1、t2(2)根据测量结果，可得弹性势能的表达式为E p＝___________。
(3)如果满足关系式________________，那么说明弹射过程中两小球组成的系统动量守恒(用上述所测得的物理量来表示)。
[解析](1)弹簧的弹性势能等于两球的初动能之和，要求解两球的初动能必须知道两球的质量和各自弹射的初速度，由平抛运动规律，可知初速度公式为v0＝x2hg，故还需要测出两球落点P、Q到对应管口M、N的水平距离x1、x2，B项正确。
(2)因弹簧的弹性势能全部转化为两小球的初动能，故弹簧的弹性势能E p＝12m1v21＋12m2v22＝m12＋m22＝m1gx214h＋m2gx224h。
(3)如果满足关系式m1v1＝m2v2，那么说明弹射过程中两小球组成的系统动量守恒，因x1＝v1t1，x2＝v2t2，由平抛运动规律知，t1＝t2，故m1v1＝m2v2成立，即m1x1＝m2x2成立，则说明弹射过程中两小球组成的系统动量守恒。
[答案](1)B (2)m1gx214h＋m2gx224h(3)m1x1＝m2x22．(9分)目前汽车上都有车载电瓶作为备用电源，电瓶用久以后性能会下降，表现之一为电瓶的电动势变小，内阻变大。
高考物理二轮复习 实验题15分满分练(二)
实验题15分满分练(二)22.(5分)某同学现用如图1甲所示的气垫导轨和光电门装置来验证动量守恒定律，在气垫导轨右端固定一弹簧，滑块b的右端有强粘性的胶水。
图中滑块a和挡光片的总质量为m1＝0.620 kg，滑块b的质量为m2＝0.410 kg，实验步骤如下：①按图安装好实验器材后，接通气源，先将滑块a置于气垫导轨上，然后调节底脚螺丝，直到轻推滑块后，滑块上的挡光片通过两个光电门的时间________；②将滑块b置于两光电门之间，将滑块a置于光电门1的右端，然后将滑块a水平压缩弹簧，滑块a在弹簧的作用下向左弹射出去，通过光电门1后继续向左滑动并与滑块b发生碰撞；③两滑块碰撞后粘合在一起向左运动，并通过光电门2；④实验后，分别记录下滑块a挡光片通过光电门1的时间t1，两滑块一起运动挡光片通过光电门2的时间t2。
图1(1)完成实验步骤①中所缺少的内容。
(2)实验前用一游标卡尺测得挡光片的宽度d如图乙所示，则d＝________ cm。
(3)设挡光片通过光电门的时间为Δt，则滑块通过光电门的速度可表示为v＝________(用d、Δt表示)。
(4)实验中测得滑块a经过光电门1的速度为v1＝2.00 m/s，两滑块经过光电门2的速度为v2＝1.20 m/s，将两滑块和挡光片看成一个系统，则系统在两滑块相互作用前、后的总动量分别为p1＝________ kg·m/s，p2＝________ kg·m/s(结果均保留3位小数)。
解析(1)在步骤①中气垫导轨安装时应保持水平状态，滑块在轨道上应做匀速直线运动，故滑块上的挡光片通过两光电门的时间相等。
(2)游标卡尺的主尺读数为15 mm，游标尺读数为0.05×10 mm＝0.50 mm，所以挡光片的宽度为d＝15 mm＋0.50 mm＝15.50 mm＝1.550 cm。
(3)由于挡光片的宽度比较小，故挡光片通过光电门的时间比较短，因此可将挡光片通过光电门的平均速度看成滑块通过光电门的瞬时速度，故滑块通过光电门的速度可表示为v＝dΔt。
高考物理二轮复习 实验题15分保分练2(含解析)-人教版高三全册物理试题
实验题15分保分练(二)(时间：15分钟分值：15分)1．(6分)某同学利用拉力传感器来验证力的平行四边形定如此，实验装置如图甲所示。
在贴有白纸的竖直板上，有一水平细杆MN，细杆上安装有两个可沿细杆移动的拉力传感器A、B，传感器与计算机相连接。
两条不可伸长的轻质细绳AC、BC(AC>BC)的一端结于C点，另一端分别与传感器A、B相连。
结点C下方用轻细绳悬挂重力为G的钩码D。
实验时，先将拉力传感器A、B靠在一起，然后不断缓慢增大两个传感器A、B间的距离d，传感器将记录的AC、BC绳的张力数据传输给计算机进展处理，得到如图乙所示张力F随距离d的变化图线。
A、B 间的距离每增加0.2 m，就在竖直板的白纸上记录一次A、B、C点的位置。
如此在本次实验中，所用钩码的重力G＝________N；当A、B间距离为1.00 m时，AC绳的张力大小F A＝________N；实验中记录A、B、C点位置的目的是____________________。
甲乙[解析] 根据题意，由于AC>BC，所以刚开始分开的时候，只有BC绳有拉力，而且其拉力大小等于物体的重力，由图乙知G＝30 N，由图分析可以知道图线Ⅱ为AC绳拉力的图象，如此当A、B间距离为1.00 m时，AC绳的张力大小F A＝18 N；实验中记录A、B、C点位置的目的是记录AC、BC绳的张力的方向，从而便于画出平行四边形。
[答案] 30(2分) 18(2分) 记录AC、BC绳张力的方向(2分)2．(9分)(2019·重庆三诊)为了测某电源的电动势和内阻，实验室提供了如下器材：电阻箱R，定值电阻R0、两个电流表A1、A2，开关K1，单刀双掷开关K2待测电源，导线假设干。
实验小组成员设计如图甲所示的电路图。
甲乙(1)闭合开关K1，断开单刀双掷开关K2，调节电阻箱的阻值为R1，读出电流表A2的示数I 0；然后将单刀双掷开关K 2接通1，调节电阻箱的阻值为R 2，使电流表A 2的示数仍为I 0，如此电流表A 1的内阻为________。
2020版高考物理二轮复习实验题15分保分练3含解析2
实验题15分保分练(三)(时间：15分钟 分值：15分)1．(9分)(2019·四川广元三模)用如图甲所示装置来探究功和动能变化的关系。
木板上固定两个完全相同的遮光条A 、B ，用不可伸长的细线将木板通过两个滑轮与弹簧测力计C 相连，木板放在安装有定滑轮和光电门的轨道D 上，轨道放在水平桌面上，P 为小桶(内有砂子)，滑轮质量、摩擦不计，重力加速度为g 。
(1)实验中轨道应倾斜一定角度，这样做的目的是________。
A ．使木板释放后，木板能匀加速下滑B ．增大木板下滑的加速度C ．使得细线拉力做的功等于合力对木板做的功D ．使得木板在未施加拉力时能匀速下滑(2)用游标卡尺测量遮光条的宽度，示数如图乙所示，则遮光条的宽度d ＝________cm 。
(3)实验主要步骤如下：①测量木板、遮光条的总质量M ，两遮光条间的距离L ，按甲图正确连接器材。
②将木板左端与轨道左端对齐，静止释放木板，木板在细线拉动下运动，记录弹簧测力计示数F 及遮光条B 、A 先后经过光电门的时间t 1、t 2，则遮光条B 、A 通过光电门的过程中木板动能的变化量ΔE k ＝________；合外力对木板做的功W ＝________。
(用字母M 、t 1、t 2、d 、L 、F 表示)③在小桶中增加砂子，重复②的操作。
④比较W 、ΔE k 的大小，得出实验结论。
(4)若在本实验中轨道水平放置，其他条件和实验步骤不变，假设木板与轨道之间的动摩擦因数为μ，测得多组F 、t 1、t 2的数据，并得到F 与的关系图象如图丙所示，已知1t 21t 21图象在纵轴上的截距为b ，直线的斜率为k ，则μ＝________(用字母b 、d 、L 、k 、g 表示)。
思路点拨 遮光条B 、A 先后经过光电门的瞬时速度可利用平均速度替代；第(3)问要明确研究对象，以木板为研究对象，其受到的合力为拉力，拉力做的功利用功的定义式计算。
2024年高考物理二轮复习考前热身训练——基础题保分练(一)
基础题保分练(一)一、单项选择题1.(2023山东烟台二模)放射性同位素钍232经α、β衰变会生成氡,其衰变方程为90232ThRn+Xα+2β。
下列说法正确的是()A.衰变方程中X=2B.氡核的比结合能大于钍核的比结合能C.钍核α衰变的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D.衰变后α粒子、β粒子与氡核的质量之和等于衰变前钍核的质量2.(2023山东潍坊二模)某往复式柴油内燃机利用迪塞尔循环进行工作,该循环由两个绝热过程、一个等压过程和一个等容过程组成。
一定质量的理想气体经历的迪塞尔循环如图所示,则()A.在状态a和c时,气体温度T a>T cB.a→b过程,气体对外界做功,内能减少C.b→c过程,气体增加的内能小于该过程吸收的热量D.完成一次循环过程,气体对外界做的功大于吸收的热量3.(2023福建厦门二模改编)光刻机是制造芯片的核心装备,它采用类似照片冲印的技术,通过曝光去除晶圆表面保护膜的方式,将掩膜版上的精细图形印制到晶圆上,后将晶圆浸泡在腐化剂中,失去保护膜的部分被腐蚀掉后便形成电路。
某光刻机使用的是真空中波长为13.5 nm的极紫外线光源(EUV),其示意图如图所示,在光刻胶和投影物镜之间填充了折射率为1.5的液体,则该紫外线由真空进入液体后()A.光子能量增加B.传播速度减小C.波长变长D.更容易发生衍射4.(2023山东日照二模)质量为1 kg的小物块在水平面上运动,其速度—时间图像如图所示。
下列说法正确的是()A.0~4 s内小物块的位移大小等于6 mB.0~4 s内小物块的平均速度大小等于2 m/sC.0~1 s内小物块的加速度大小等于2 m/s2D.0~1 s内小物块受到的合外力大小等于4 N二、多项选择题5.(2023湖南岳阳高三模拟)波源O在t=0时刻开始振动,产生一列简谐横波。
以波源O为坐标原点,波的传播方向沿x轴正方向,某时刻的部分波形如图甲所示,P是平衡位置为x=2 m处的质点,图乙为x轴上某质点Q的振动图像,下列说法正确的是()A.波源的起振方向沿y轴负方向B.质点Q的平衡位置与O点相距1 mC.在0~4 s内,质点P经过的路程为8 cmD.t=6 s时,x=5 m处的质点第一次到达波峰6.(2023山东滨州二模)如图甲所示,一物体在一水平拉力F作用下,沿水平地面做直线运动,运动过程中拉力大小随时间的变化图像如图乙所示。
高考物理精编实验题15分练8套(全解析)
精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！实验题15分练(一)(时间：15分钟分值：15分)(第159页)1．(6分)(2018·齐齐哈尔一模)某同学用气垫导轨验证机械能守恒定律，在气垫导轨的滑块上装上一个挡光片和一个方盒，测得滑块、方盒及挡光片的总质量为M，气垫导轨的右端固定一个定滑轮，细线绕过滑轮，一端与滑块相连，另一端挂有6个钩码，每个钩码的质量为m，当地重力加速度为g (桌面足够高) ，如图甲所示．图1(1)现用游标卡尺测出挡光片的宽度，读数如图1乙所示，则宽度d＝__________mm.(2)实验前先调节气垫导轨水平，方法是：取下砝码，接通气垫导轨装置的电源，调节导轨下面的螺母，若滑块放在气垫导轨上任意位置都能__________，则导轨水平．(3)先挂上6个钩码，将滑块由某一固定位置由静止释放，滑块上的挡光片通过光电门的时间为t，则滑块通过光电门的速度为__________(用题中所给字母表示)．(4)每次将1个钩码移放到滑块上的方盒中，滑块均由同一位置由静止释放，重复实验，记录每次悬挂钩码的个数n及挡光片通过光电门的时间t，在坐标纸上作出n1t2的图象，如图丙所示，要验证机械能守恒，还需要测量的物理量是______________________________，设此物理量的测量值为x，要验证机械能守恒，在误差允许的范围内，作出的图象斜率k＝__________.【解析】 (1)游标卡尺的读数为d ＝5 mm ＋0.05 mm ×4＝5.20 mm.(2)调节气垫导轨水平时，通过调节导轨下面的螺母，使滑块放在导轨上任意位置都能保持静止，则导轨调节水平．(3)滑块通过光电门的速度v ＝d t.(4)要验证机械能守恒，还需要测量滑块开始滑动时，挡光片到光电门的距离，根据机械能守恒定律，nmgx ＝12(M ＋6m )⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2可得n ＝M ＋6m d 22mgx ·1t 2，因此要验证机械能守恒，除了n 1t2图象为一条过原点的倾斜直线，还必须得到图象的斜率k ＝M ＋6m d 22mgx.【答案】 (1)5.20 (2)保持静止 (3)d t(4)滑块开始滑动时挡光片到光电门的距离M ＋6m d 22mgx2．(9分)某同学要测定三节干电池组成的电池组的电动势和内阻，实验室提供的器材有：A ．电流表G(满偏电流5 mA ，内阻10 Ω)B ．安培表(量程0.6 A ，内阻0.5 Ω)C ．电压表(量程15 V ，内阻约为6 k Ω)D ．滑动变阻器(阻值：0～10 Ω，额定电流为2 A)E ．定值电阻R 0(阻值990 Ω)F ．开关S 一个，导线若干(1)请完成虚线框内的电路图，为了减小实验误差，电路图2甲中的导线应连接到__________(填“①”或“②”)的位置．图2(2)调节滑动变阻器，测得虚线框内电表的示数X与安培表的示数I的多组数值，作出XI图象如图乙，则由图线可以得到被测电池组的电动势E＝__________V，内阻r＝__________Ω.(保留2位有效数字)(3)实验时，小明进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持开关闭合，其实，从实验误差考虑，这样的操作不妥，因为____________________________________________________________________．【解析】(1)三节干电池的电动势大约为4.5 V，由于所给电压表的量程过大，因此需要用电流表G和定值电阻R0组成了一个量程为5 V的电压表，因此虚线框内的电路连接如图所示．由于安培表的电阻已知，因此将导线连接到②可以减小电池内阻测量的误差．(2)由电路连接可知，X为电流表G的示数，将图线延长，图线与纵轴的交点是4.5 mA，为电路断路时电流表G的示数，此时电源的电动势等于路端电压，即E＝4.5×10－3×(990＋10)V＝4.5 V，电源的内阻r＝4－20.5－0.1Ω－0.5 Ω＝4.5 Ω.(3)干电池长时间使用后，电动势和内阻会发生变化，导致实验误差增大．【答案】(1)见解析(2)4.5 4.5 (3)干电池使用较长时间后，电动势和内阻发生变化，导致实验误差增大精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！实验题15分练(二)(时间：15分钟 分值：15分)(第159页)1．(6分)(2018·内蒙古赤峰4月模拟)某实验小组想在实验室测量一电源的电动势及内阻，但内阻为2 k Ω的电压表量程3 V 不够，现需改装电压表后再进行实验．(1)改装成量程为9 V 的电压表需串联R 0＝__________k Ω的电阻． (2)利用一个电阻箱R (符号)、一只开关S 、若干导线和改装后的电压表(用原来电压表的符号和串联电阻R 0表示，且此电压表可视为理想电表)测量电源电动势及内阻，请画出实验电路图．图1(3)根据以上实验电路图进行实验时，如果读出电压表示数为1.50 V 时，电阻箱的阻值为15.0 Ω，则电源的电动势E 和内阻r 的关系式为E ＝__________.【解析】 (1)根据串联分压原理，若“改装”成量程为9 V 的电压表，量程扩大到原来的3倍，应该串联阻值等于原来内阻2倍的电阻，串联R 0＝4 k Ω的电阻．(2)电路如图所示：(3)根据闭合电路欧姆定律：E ＝U ＋Ir ＝4.5＋4.515r ＝4.5＋0.3r .【答案】 (1)4 (2)见解析 (3)4.5＋0.3r2．(9分)某物理兴趣小组利用如图2甲所示的装置进行验证动量守恒定律及平台上A 点左侧与A之间的动摩擦因数的实验，在足够大的水平平台上的A点放置一个光电门，水平平台上A点右侧摩擦很小，可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小为g.采用的实验步骤如下：图2A．在小滑块a上固定一个宽度为d的窄挡光片；B．用天平分别测出小滑块a(含挡光片)和小球b的质量m a、m b；C．在a和b间用细线连接，中间夹一被压缩了的轻短弹簧，静止放置在平台上；D．烧断细线后，a、b瞬间被弹开，向相反方向运动；E．记录滑块a通过光电门时挡光片的遮光时间Δt；F．滑块a最终停在C点(图中未画出)用刻度尺测出AC之间的距离s a；G．小球b从平台边缘飞出后，落在水平地面的B点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度h及平台边缘铅垂线与B点之间的水平距离s b；H．改变弹簧压缩量，进行多次测量．(1)用螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图2乙所示，则挡光片的宽度为__________mm；(2)该实验要验证“动量守恒定律”，则只需验证两物体a、b弹开后的动量大小相等，即a的动量大小__________等于b的动量大小__________；(用上述实验所涉及物理量的字母表示)(3)改变弹簧压缩量，多次测量后，该实验小组得到小滑块a的s a与1Δt2关系图象如图3所示，图象的斜率为k，则平台上A点左侧与滑块a之间的动摩擦因数大小为__________．(用上述实验数据字母表示)图3【解析】 (1)螺旋测微器的读数为：2.5 mm ＋0.01×5.0 mm ＝2.550 mm.(2)烧断细线后，a 向左运动，经过光电门，根据速度公式可知，a 经过光电门的速度为：v a ＝d Δt ，故a 的动量为：p a ＝m a dΔt，b 离开平台后做平抛运动，根据平抛运动规律可得：h ＝12gt 2及s b ＝v b t 联立解得：v b ＝s b g2h，故b 的动量为：p b ＝m b v b ＝m b s bg2h . (3)对物体a由光电门向左运动过程分析，则有：v 2a ＝2asa ，经过光电门的速度：v a ＝dΔt，由牛顿第二定律可得：a ＝μmg m＝μg ，联立可得：s a ＝d 22μg Δt2，则k ＝d 22μg ，所以μ＝d 22kg.【答案】 (1)2.550 (2)m a dΔtm b s bg 2h (3)d 22kg精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！实验题15分练(三)(时间：15分钟 分值：15分)(第160页)1．(6分)(2018·贵州适应性考试)某实验小组利用如图1所示的装置验证机械能守恒定律，实验主要步骤如下：图1①将光电门安放在固定于水平地面上的长木板上；②将细绳一端连在小车上，另一端绕过两个定滑轮后悬挂一钩码，调节木板上滑轮的高度，使该滑轮与小车间的细绳与木板平行；③测出小车遮光板与光电门之间的距离L ，接通电源，释放小车，记下小车遮光板经过光电门的时间t ；④根据实验数据计算出小车与钩码组成的系统动能的增加量和钩码重力势能的减少量． (1)根据上述实验步骤，实验中还需测量的物理量有__________ A ．小车上遮光板的宽度d B ．小车的质量m 1 C ．钩码的质量m 2 D ．钩码下落的时间t ′(2)由实验步骤和(1)选项中测得的物理量，可得到系统动能增加量的表达式为__________，钩码重力势能减少量的表达式为__________；改变L 的大小，重复步骤③、④.若在误差范围内，系统动能的增加量均等于钩码重力势能的减少量，说明该系统机械能守恒．【解析】 (1)滑块经过光电门的速度v ＝d t，若满足机械能守恒则：m 2gL ＝12(m 1＋m 2)v 2＝12(m 1＋m 2)d 2t 2，则实验中还需测量的物理量有：小车上遮光板的宽度d 、小车的质量m 1和钩码的质量m 2，故选A 、B 、C.(2)系统动能增加量的表达式为ΔE k ＝12(m 1＋m 2)d 2t2，钩码重力势能减少量的表达式为m 2gL .【答案】 (1)ABC (2)m 1＋m 2d 22t 2m 2gL2．(9分)某研究性学习小组用以下器材测量一个量程为0～0.6 A 的电流表的内阻： A ．待测电流表：量程0～0.6 A B ．直流电源：输出电压恒为2.0 V C ．定值电阻R 0＝2.0 ΩD ．一根接入电路长度可以改变的合金丝(该合金丝的电阻率几乎不受温度变化的影响)E ．开关S 、导线若干(1)将图2中实物连接为测量所用的电路．图2(2)在实验中，该小组记下合金丝接入电路的长度L 及相应电流表的读数I ，并计算出1I的结果，如下表所示．L /cm 100.0 80.0 60.0 30.0 10.0 I /A0.240.280.340.440.571I/A －14.1 3.6 2.9 2.3 1.8图3为了得到电流表的内阻，请根据上表中的数据建立合理的坐标系，并在坐标轴旁相应的空格内写出对应的物理量及单位，然后在坐标系中作出相应图象．由图象可计算出电流表内阻R A ＝__________.(保留两位有效数字)【解析】 (1)实物连接如图：(2)根据闭合电路的欧姆定律：E ＝I (R 0＋R A ＋R x )，而R x ＝ρLS 联立可得：1I ＝R 0＋R A E＋ρSE·L 由所给的数据做出1IL 图象如图：由图象可知R 0＋R AE＝1.5，解得R A ＝1.0 Ω.【答案】 (1)见解析(2)①1I②L 图见解析 0.8 Ω～1.2 Ω；精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！实验题15分练(四)(时间：15分钟分值：15分)(第161页)1．(6分) (2018·淮滨中学仿真)某同学设计了如图1所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在一合适的木板上，桌面的右边缘固定一支表面光滑的铅笔以代替定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线MN、PQ，并测出间距d.开始时让木板置于MN处，现缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木板放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F1，然后释放木板，并用秒表记下木板运动到PQ处的时间t.则：图1(1)木板的加速度可以用d、t表示为a＝__________.(2)改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a与弹簧秤示数F1的关系．下列图象能表示该同学实验结果的是__________．(3)用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是__________．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取多组实验数据C．可以比较精确地测出滑动摩擦力的大小D ．可以获得更大的加速度以提高实验精度【解析】 (1)根据运动学位移与时间关系应有：d ＝12at 2，解得a ＝2dt2.(2)根据题意，木板受到的滑动摩擦力为f ＝F 0，对木板和矿泉水瓶组成的系统根据牛顿第二定律应有F 1－f ＝(m ＋M )a ，联立解得a ＝1m ＋M ·F 1－F 0m ＋M，其中m 为矿泉水及瓶的质量，M 为木板的质量；根据函数斜率和截距的概念可知，随着矿泉水质量m 增大，a F 1图象的斜率1m ＋M逐渐减小，所以能表示实验结果的是C 图．(3)由于木板受到的摩擦力与矿泉水的质量无关，所以A 错误；由于水与砝码相比能任意改变，所以它的优点是可以更方便地获取多组数据，所以B 正确；由于水的多少可以任意变化，可以比较精确地测出木板所受摩擦力的大小，所以C 正确；由于加速度越大需要水的质量越大，而水的质量越大时图象的斜率越小，实验的精确度会越小，所以D 错误；故选B 、C.【答案】 (1)2dt2 (2)C (3)BC2．(9分)(2018·株洲质检)某实验小组利用如下实验器材测量干电池的电动势和内阻． A ．待测干电池两节，每节电池电动势约为1.5 V ，内阻约几欧 B ．直流电压表V 1、V 2，内阻约为3 k Ω C ．阻值为5 Ω的定值电阻R 0 D ．滑动变阻器R E ．导线和开关图2(1)根据图2甲所示的电路原理图，完成图乙所示的电路实物图的连接．(2)实验中移动滑动变阻器的滑片，读出电压表V 1、V 2的多组数据如表格所示，请在图3所示的坐标纸中描绘出U 1U 2图象．实验次数1 2 3 4 5 6 U 1/V 1.65 1.50 1.32 1.00 0.68 0.46 U 2/V2.152.212.322.502.692.76图3(3)根据描绘出的U 1U 2图象，两节干电池的总电动势E ＝__________V ，总内阻r ＝__________Ω.(计算结果保留三位有效数字)【解析】 (1)电路实物图如图；(2)绘出U 1U 2图象如图：(3)由闭合电路的欧姆定律E ＝U 2＋U 1R 0r ，即U 1＝R 0E r－R 0rU 2，由图象可知：R 0r ＝21＝2，R 0＝5 Ω，解得r ＝2.50 Ω，当U 2＝2.0 V 时U 1＝2.0 V ，可得E ＝3.00 V【答案】(1)图见解析(2)见解析(3)3.00(2.95～3.10之间均可) 2.50(2.40～2.80之间均可)精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！实验题15分练(五)(时间：15分钟分值：15分)(第161页)1．(6分)(2018·湖南十四校二次联考)某同学用如图甲所示装置做“探究合力做功与动能改变的关系”的实验，他们将光电门固定在水平轨道上的B点，如图1所示，并用重物通过细线拉小车，然后保持小车和重物的质量不变，通过改变小车释放点到光电门的距离(s)进行多次实验，实验时要求每次小车都从静止释放．图1(1)用游标卡尺测出遮光条的宽度d如图乙所示，d＝__________cm.(2)如果遮光条通过光电门的时间为t，小车到光电门的距离为s.该同学通过描点作出线性图象来反映合力做的功与动能改变的关系，则他作的图象关系是下列哪一个时才能符合实验要求__________．A．st B．st2C．st－1D．st－2(3)下列哪些实验操作能够减小实验误差__________．A．必须保证小车从静止状态开始释放B．必须满足重物的质量远小于小车的质量C．调整轨道的倾角，在未挂重物时使小车能在轨道上匀速运动【解析】(1)游标卡尺的主尺读数为1.0 cm，游标读数为：14×0.05 mm＝0.70 mm ＝0.070 cm，所以最终读数为：1.0 cm＋0.070 cm＝1.070 cm.(2)根据动能定理：Fs ＝12mv 2＝12m ⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2，可见s 与t 2成反比，即与1t2成正比，故应作出s t －2图象．(3)由于该实验是通过成倍增加位移的方法来进行验证s 1t2的关系，所以不需要平衡摩擦力、不需要满足重物的质量远小于小车的质量，但必须保证每次小车从静止释放；还需要多次实验减小偶然误差，故A 正确，B 、C 错误．【答案】 (1)1.070 (2)D (3)A2．(9分)(2018·惠州4月模拟)用直流电源(内阻可忽略不计)、电阻箱、定值电阻R 0(阻值为2.0 k Ω)、开关和若干导线，连接成如图2甲所示的电路来测量电压表V(量程3 V)的内阻 R V .闭合开关S ，适当调节电阻箱的阻值R ，读出电压表的示数U ，获得多组数据．(1)此实验时电阻箱的读数如图2乙所示，其值为__________Ω.图2(2)根据测得的数据画出如图3所示的1UR 关系图线，由图象上的数据可计算得到纵轴截距与图线斜率的比值为__________，进而求得电压表的内阻R V ＝__________k Ω(计算结果均保留两位有效数字)；图3(3)若电源内阻不可忽略，用此法测得的R V __________(填“偏大”或“偏小”)； (4)定值电阻R 0的作用是__________________________________________．【解析】 (1)由图示电阻箱可知，其示数为：0×100 k Ω＋0×10 k Ω＋6×1 k Ω＋5×100 Ω＋0×10 Ω＋0×1 Ω＝6 500 Ω.(2)根据闭合电路欧姆定律可得：E ＝UR V(R V ＋R 0＋R )整理可得：1U ＝1ER V·R ＋R V ＋R 0ER V所以纵轴截距与图线斜率的表达式分别为b ＝R V ＋R 0ER V和k ＝1ER V根据图丙可知斜率为：k ＝1ER V ＝0.259×1 000截距为：b ＝R V ＋R 0ER V＝0.25，则b k＝9.0 k Ω联立解得电压表的内阻为：R V ＝7 000 Ω＝7.0 k Ω. (3)考虑电源内阻r ，由欧姆定律得：E ＝UR V(R V ＋R 0＋R ＋r )实际测量的相当于是R V ＋r ，相对R V 的阻值来说偏大． (4)当电阻箱阻值为零的时候，电阻R 0起到保护电压表的作用．【答案】(1)6 500 (2)9.0 kΩ7.0 (3)偏大(4)保护电压表精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！实验题15分练(六)(时间：15分钟分值：15分)(第162页)1．(6分)(2018·百校联盟4月联考)某同学用图1甲所示的实验装置测量当地的重力加速度，先接通电源后释放纸带，在纸带上打出一系列的点如图乙所示，图中A、B、C、D、E、F是纸带上打出的连续的点，测出B、C、D、E、F这几点到A点的距离并标在纸带上，打点计时器所用交流电的频率为f.图1(1)打C点时，重物的速度v C＝__________.若分别计算出纸带上B、C、D、E各点对应的速度，并在坐标系中画出v2与h的关系图线，如图2所示，则重力加速度g＝__________m/s2.图2(2)若当地的重力加速度为9.8 m/s2，你认为该同学的测量结果存在误差的主要原因是____________________________________________________________．(3)当交流电的实际频率小于f时，仍按f计算，则测量的加速度值比真实的加速度值__________(选填“偏大”“偏小”或“不变”)．【解析】(1)打C点时重物的速度为v C＝h3－h1f2，由机械能守恒定律得：mgh＝12mv 2－12mv 21，得：v 2＝v 21＋2gh ，v 2h 图象的斜率：k ＝2g ＝8.3－3.60.25m/s 2，解得：g ＝9.4 m/s 2.(2)由于重锤下落过程受到空气的阻力作用，纸带受到限位孔的阻力作用，所测重力加速度偏小．(3)当交流电的实际频率小于f 时，仍按f 计算，则参与计算的时间偏小，测得的加速度偏大．【答案】 (1)h 3－h 1f29.4 (2)重锤和纸带受到阻力作用 (3)偏大2．(9分)(2018·百校联盟4月联考)某同学要测量某电源的电动势和内阻，根据实验室提供的器材，设计了如图3所示的实验电路．图3(1)请根据电路图将下列器材连接成电路．图4(2)闭合开关后，调节电阻箱接入电路的阻值．得到多组电阻箱接入电路的阻值R 和对应的电压表的示数U ，为了比较准确地得出实验结论．该同学准备用直线图象来处理实验数据，图象的纵坐标表示电压表读数U ，则图象的横坐标表示的物理量应该是__________．(3)该同学又尝试用另一种图象来处理数据．即根据测得的多组电阻箱的阻值R 和记录的对应电压表的读数U ，作出1U 1R图象如图5所示，图线与横、纵坐标轴的截距分别为－b 、a ，定值电阻的阻值用R 0表示．则可得该电源的电动势为__________，内阻为__________；测得的电动势与真实值比__________(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)．图5【解析】 (1)实物连接图，如图所示．(2)根据闭合电路欧姆定律得：E ＝U ＋U R(R 0＋r )，可得：U ＝E －U R(R 0＋r )，故横坐标为U R.(3)根据闭合电路的欧姆定律得：E ＝U ＋U R(R 0＋r )，变形得：1U ＝1E ＋R 0＋r E ·1R，由图象可得1E ＝a ，解得：E ＝1a ，a b ＝R 0＋r E ，整理得：r ＝1b－R 0，由于电压表的分流作用，导致电流值比实际通过电源的电流偏小，则造成电动势的测量值偏小．【答案】 (1)见解析图 (2)U R(3)1a 1b－R 0 偏小精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！实验题15分练(七)(时间：15分钟分值：15分)1．(6分)(2018·深圳第二次调研)某同学从实验室天花板处自由释放一钢球，用频闪摄影手段验证机械能守恒．频闪仪每隔相等时间短暂闪光一次，照片上记录了钢球在各个时刻的位置．(1)操作时比较合理的做法是__________．A．先打开频闪仪再释放钢球B．先释放钢球再打开频闪仪(2)频闪仪闪光频率为f，拍到整个下落过程中的频闪照片如图1所示，结合实验场景估算f可能值为( )A．0.1 Hz B．1 HzC．10 Hz D．100 Hz图1(3)用刻度尺在照片上测量钢球各位置到释放点O的距离分别为s1、s2、s3、s4、s5、s6、s7、s8及钢球直径，重力加速度为g.用游标卡尺测出钢球实际直径D，如图2所示，则D ＝__________cm.已知实际直径与照片上钢球直径之比为k.图2(4)选用以上各物理量符号，验证从O到A过程中钢球机械能守恒成立的关系式为：2gs5＝__________.【解析】(1)为了记录完整的过程，应该先打开闪频仪再释放钢球，A正确．(2)天花板到地板的高度约为3 m ，小球做自由落体运动，从图中可知经过8次闪光到达地面，故有12g ×(8T )2＝3，解得T ≈0.1 s ，即f ＝1T＝10 Hz ，C 正确．(3)游标卡尺的读数为D ＝45 mm ＋5×0.1 mm ＝45.5 mm ＝4.55 cm. (4)到A 点的速度为v A ＝s 6－s 42T＝s 6－s 4f2，根据比例关系可知，到A 点的实际速度为v ＝k s 6－s 4f2，因为小球下落实际高度为H s 5＝Dd ＝k ，代入mgH ＝12mv 2可得2gs 5＝14kf 2(s 6－s 4)2.【答案】 (1)A (2)C (3)4.55 (4)14kf 2(s 6－s 4)22．(9分)(2018·重庆江津中学月考)某同学改装和校准电压表的电路图如图3所示，图中虚线框内是电压表的改装电路．图3(1)已知表头G 满偏电流为100 μA ，表头上标记的内阻值为900 Ω.R 1、R 2和R 3是定值电阻．利用R 1和表头构成1 mA 的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表．若使用a 、b 两个接线柱，电压表的量程为1 V ；若使用a 、c 两个接线柱，电压表的量程为3 V ．则根据题给条件，定值电阻的阻值应选R 1＝__________Ω，R 2＝__________Ω，R 3＝__________Ω.(2)用量程为3 V 、内阻为2 500 Ω的标准电压表V 对改装表3 V 挡的不同刻度进行校准．所用电池的电动势E 为5 V ；滑动变阻器R 有两种规格，最大阻值分别为50 Ω和5 k Ω.为方便实验中调节电压，图中R 应选用最大阻值为__________ Ω的滑动变阻器．(3)若由于表头G 上标记的内阻值不准，造成改装后电压表的读数比标准电压表的读数偏小，则表头G 内阻的真实值__________(填“大于”或“小于”) 900 Ω.【解析】 (1)根据题意，R 1与表头G 构成1 mA 的电流表，则I g R g ＝(I －I g )R 1，得R 1＝100 Ω；若使用a 、b 两个接线柱，电压表的量程为1 V ，则R 2＝U ab －I g R gI＝910 Ω；若使用a 、c 两个接线柱，电压表的量程为3 V ，则R 3＝U ac －I g R gI－R 2＝2 000 Ω.(2)电压表与改装电表并联之后，电阻小于2 500 Ω，对于分压式电路，要求滑动变阻器的最大阻值小于并联部分，同时还要便于调节，故滑动变阻器选择小电阻，即选择50 Ω的电阻．(3)造成改装后电压表的读数比标准电压表的读数偏小，说明通过表头G 的电流偏小，则实际电阻偏大，故表头G 内阻的真实值大于900 Ω.【答案】 (1)100 910 2 000 (2)50 (3)大于精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！实验题15分练(八)(时间：15分钟 分值：15分)1．(6分)(2018·辽宁辽南联考)图1所示为一简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流I g ＝500 μA ，内阻R g ＝100 Ω，可变电阻R 的最大阻值为10 k Ω，电池的电动势E ＝1.5 V ，内阻r ＝0.5 Ω，图中与接线柱A 相连的表笔颜色应是__________色．按正确使用方法测量电阻R x 的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则R x ＝__________k Ω.若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小为1.0 V ，内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述R x ，则R x ＝__________k Ω.图1【解析】 (1)欧姆表是电流表改装的，必须满足电流的方向“＋”进“－”出，即回路中电流从标有“＋”标志的红表笔进去，所以与A 相连的表笔颜色是红色；当两表笔短接(即R x ＝0时，电流表应调至满偏电流I g ， 设此时欧姆表的内阻为R 内，此时有关系R 内＝EI g＝3 k Ω，当指针指在刻度盘的正中央时I ＝I g2，说明此时内外电阻相等，故由R x ＝R 内＝3 k Ω.当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆表重新调零，因为满偏电流I g 不变，由公式R 内′＝E ′I g＝2 k Ω，所以此时电流表读数为I ′＝E ′R 内′＋R x＝0.2 mA ，根据I ′＝ER 内＋R x ′，解得R x ′＝4.5 k Ω.【答案】 红 3 4.52．(9分)如图2所示，气垫导轨是常用的一种实验仪器：它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦，我们可以用带竖直挡板C 、D 的气垫导轨以及滑块A 、B 来验证动量守恒定律，实验装置如图所示(弹簧的长度忽略不计)，采用的实验步骤如下：图2(a)用天平分别测出滑块A 、B 的质量m A 、m B(b)调整气垫导轨，使导轨__________________________________________(c)在滑块A 、滑块B 间放入一个被压的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上(d)用刻度尺测出滑块A 的左端至板C 的距离L 1，B 的右端至D 板的距离L 2(e)按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A 、B 运动时间的计时器开始工作，当滑块A 、B 分别碰撞挡板C 、D 时停止计时，记下滑块A 、B 分别到达挡板C 、D 的运动时间t 1和t 2.(1)步骤(b)补充完整______________________________________________ (2)利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是____________(3)利用上述实验数据还能测出被压缩弹簧的弹性势能的大小，请写出表达式___________________________________________________________________．【解析】 (1)调整气垫导轨，使导轨处于水平方向，然后证明水平方向上动量守恒． (2)因系统水平方向动量守恒即m A v A －m B v B ＝0 ，因为系统不受摩擦，故滑块在水平方向做匀速直线运动，故有v A ＝L 1t 1，v B ＝L 2t 2，则验证动量守恒的表达式：m A L 1t 1－m B L 2t 2＝0.(3)根据能量守恒定律知压缩弹簧的弹性势能转化为系统内增加的动能，故E p ＝12⎝ ⎛⎭⎪⎫m A L 21t 21＋m B L 22t 22.【答案】 (1)处于水平 (2)m A L 1t 1－m B L 2t 2＝0 (3)E p ＝12⎝ ⎛⎭⎪⎫m A L 21t 21＋m B L 22t 22。
统考版2022届高考物理二轮专项分层特训卷第二部分15分钟实验题专练2
15分钟实验题专练(2)1．[2021·全国乙卷，22]某同学利用图(a)所示装置研究平抛运动的规律．实验时该同学使用频闪仪和照相机对做平抛运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔0.05 s发出一次闪光，某次拍摄后得到的照片如图(b)所示(图中未包括小球刚离开轨道的影像).图中的背景是放在竖直平面内的带有方格的纸板，纸板与小球轨迹所在平面平行，其上每个方格的边长为5 cm，该同学在实验中测得的小球影像的高度差已经在图(b)中标出．完成下列填空：(结果均保留2位有效数字)(1) 小球运动到图(b)中位置A时，其速度的水平分量大小为____________ m/s，竖直分量大小为__________m/s；(2)根据图(b)中数据可得，当地重力加速度的大小为________m/s2.2．多用电表是实验室中常用的测量仪器，图甲、乙所示是多用电表表盘，图丙所示是多用电表欧姆挡内部电路示意图，回答下列问题：(1)使用多用电表粗测电阻时，将选择开关拨至欧姆挡“×100”倍率，经正确操作后，指针位置如图甲所示，为了使测量结果更准确，该同学应该选择欧姆挡________(选填“×10”或“×1k”)倍率；若选择正确倍率后再次经过正确操作，指针位置如图乙所示，则待测电阻阻值约为________Ω.(2)图丙中电流表满偏电流为150 μA、内阻为100 Ω；电池电动势为3 V、内阻为10 Ω；滑动变阻器R0的阻值范围为0～20 000 Ω.①该欧姆表的两个表笔中，________是红表笔(选填“A”或“B”).②该欧姆表的刻度值是按电池电动势为3 V、内阻为10 Ω进行刻度的．某同学将欧姆表中的电池取出；利用如下器材测定该电池的电动势和内阻．A．电压表V(量程0～3 V，内阻约30 kΩ)B．电流表A(量程0～0.6 A，内阻约1 Ω)C．滑动变阻器R(0～20 Ω)D．电池、开关和导线若干该同学先后把器材连接成如图丁所示的两种电路，你认为系统误差相对较小的是电路图________(选填“A”或“B”).该同学选用系统误差小的电路并正确操作后，测得电池的电动势下降到2.4 V、内阻增大到20 Ω，欧姆表仍可调零．则欧姆表分别使用新、旧电池调零时，滑动变阻器R0接入电路阻值的差值是________ Ω.15分钟实验题专练（2）1．答案：（1）1.0 2.0 （2）9.7解析：（1）小球在水平方向做匀速运动通过A 点时，其速度的水平分量大小为v Ax ＝L T ＝0.050.05m/s ＝1.0 m/s ，小球在竖直方向做自由落体运动，加速度恒定，匀加速直线运动中间时刻的瞬时速度等于平均速度，则通过A 点时竖直分速度的大小为v Ay ＝8.6＋11.00.05×2×10－2 m/s ≈2.0 m/s.（2）结合逐差法和题中数据可得g ＝y 3＋y 4－（y 1＋y 2）（2T ）2 ＝（13.4＋11.0）－（6.1＋8.6）0.12 ×10－2 m/s 2＝9.7 m/s 2. 2．答案：（1）×1 k 1.3×104（2）①A ②B 4 010解析：（1）使用多用电表粗测电阻时，将选择开关拨至欧姆挡“×100”倍率，经正确操作后，指针偏角很小，说明倍率选择较小，则为了使多用电表测量的结果更准确，该同学应该选用欧姆挡“×1 k ”倍率，待测电阻的阻值为13×1 000 Ω＝1.3×104 Ω.（2）①多用电表无论是测电流、电压还是测电阻，电流总是从红表笔流进多用电表，从黑表笔流出多用电表，即“红进黑出”，该欧姆表的两个表笔中，红表笔内部接电源的负极，则A 是红表笔．②如果采用图丁A 所示电路，所测的电池内阻实际是电池的内阻与电流表内阻之和，误差较大，如果采用图丁B 所示电路，系统误差相对较小；电池电动势为3 V 、内阻为10 Ω时，滑动变阻器接入电路的阻值R 0＝EI g －r g －r ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫3150×10－6－100－10 Ω＝19 890 Ω，电池的电动势下降到2.4 V 、内阻增大到20 Ω时，滑动变阻器接入电路的阻值R ′0 ＝ E ′I g －r g －r ′＝⎝ ⎛⎭⎪⎫2.4150×10－6－100－20 Ω＝15 880 Ω，滑动变阻器R 0两次接入电路阻值的差值是R 0 －R ′0 ＝4 010 Ω.。
高考物理二轮复习实验题专项练二含解析
实验题专项练(二)1.(2021广东高三三模)某同学用两根完全相同的轻弹簧和一瓶矿泉水等器材验证力的平行四边形定则。
实验时,先将一弹簧一端固定在墙上的钉子A上,另一端挂矿泉水瓶,如图甲所示;然后将两弹簧一端分别固定在墙上的钉子A、B上,另一端连接于结点O,在结点O挂矿泉水瓶,静止时用智能手机的测角功能分别测出AO、BO与竖直方向的偏角α、β,如图乙所示。
改变钉子B的位置,按照上述方法多测几次。
(1)依据上述方案并根据力的平行四边形定则,为画出力的合成图,一定需要的操作是。
A.实验中要使AO、BO长度相同B.要测量弹簧的原长C.要测量图甲、乙中弹簧的长度D.实验中要使结点O的位置始终固定不变(2)根据实验原理及操作,为验证力的平行四边形定则,在作图时,图中(选填“丙”或“丁”)是正确的。
(3)某次实验中测得乙图中α=30°,β=45°,保持α偏角不变,将OB从乙图中位置沿顺时针缓慢转到水平位置,则OA中弹簧的长度将,OB中弹簧的长度将。
(均选填“一直增大”“一直减小”“先减小后增大”或“先增大后减小”)2.(2021广东高三二模)图甲为某探究小组自制多用电表的电路图,图乙为相应的实物图。
其中灵敏电流表G量程为1 mA,内阻为18 Ω,R0=2 Ω。
滑动变阻器R1的最大阻值为2 000 Ω,电源电动势E=1.5 V,内阻不计。
(1)将图乙中的实物图连接补充完整。
(2)图甲中,当开关S1闭合,单刀双掷开关S2接“1”时,可作为量程为mA的电流表;(3)图甲中,将开关S2接“2”端时,为欧姆表。
若开关S1断开,欧姆调零后R1的阻值为Ω;若开关S1断开时,倍率为“×10”挡,则开关S1闭合时,倍率为(选填“×1”或“×100”)挡。
实验题专项练(二)1.答案(1)BC(2)丙(3)一直增大先减小后增大解析(1)实验中,甲图用来测量合力,乙图用来测量两个分力,根据胡克定律,力的大小与弹簧伸长量成正比,力的大小可用弹簧伸长量来表示,因此需要测量弹簧的伸长量,但AO、BO长度不必相同,A 错误,B、C正确;实验中重物的重力是定值,所以不必保证O点固定不变,D错误。