2019届高考物理二轮复习第章动量和能量动量和能量观点的综合应用课件.ppt
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2019届高考物理二轮复习第章动量和能量核心素养提升课件.ppt
水平导轨进入磁场区间Ⅱ并从中滑出．
2019-9-8
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13
运动过程中，杆 ab、cd 和 ef 与导轨始终接触良好，且保持 与导轨垂直．已知杆 ab、cd 和 ef 电阻均为 R＝0.02 Ω，m＝0.1 kg， l＝0.5 m，L＝0.3 m，θ＝30°，B1＝0.1 T，B2＝0.2 T．不计摩擦 阻力和导轨电阻，忽略磁场边界效应．求：
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12
2．间距为 l 的两平行金属导轨由水平部分和倾斜部分平滑 连接而成，如图所示．倾角为 θ 的导轨处于大小为 B1、方向垂直 导轨平面向上的匀强磁场区间Ⅰ中，水平导轨上的无磁场区间静
止放置一质量为 3m 的“联动双杆”(由两根长为 l 的金属杆 cd 和 ef，用长度为 L 的刚性绝缘杆连接构成)，在“联动双杆”右 侧存在大小为 B2、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场区间Ⅱ， 其长度大于 L.质量为 m、长为 l 的金属杆 ab 从倾斜导轨上端释 放，达到匀速后进入水平导轨(无能量 损失)，杆 ab 与“联动双杆”发生碰 撞，碰后杆 ab 和 cd 合在一起形成 “联动三杆”．“联动三杆”继续沿
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11
(3)设滑块 Q 在小车上滑行一段时间后两者的共同速度为 u， 由动量守恒可得
mQv0＝(mQ＋M)u⑤ 根据能量守恒，系统产生的摩擦热
μmQgL＝12mQv20－12(mQ＋M)u2⑥ 联立⑤⑥解得 L＝6 m. 答案：(1)4 m/s (2)4 m/s (3)6 m
2019-9-8
Ep＝12mPv2② 由①②式联立解得 v＝4 m/s. (2)P、Q 之间发生弹性碰撞，设碰撞后 Q 的速度为 v0，P 的 速度为 v′，由动量守恒和能量守恒得 mPv＝mPv′＋mQv0③
2019-9-8
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13
运动过程中，杆 ab、cd 和 ef 与导轨始终接触良好，且保持 与导轨垂直．已知杆 ab、cd 和 ef 电阻均为 R＝0.02 Ω，m＝0.1 kg， l＝0.5 m，L＝0.3 m，θ＝30°，B1＝0.1 T，B2＝0.2 T．不计摩擦 阻力和导轨电阻，忽略磁场边界效应．求：
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12
2．间距为 l 的两平行金属导轨由水平部分和倾斜部分平滑 连接而成，如图所示．倾角为 θ 的导轨处于大小为 B1、方向垂直 导轨平面向上的匀强磁场区间Ⅰ中，水平导轨上的无磁场区间静
止放置一质量为 3m 的“联动双杆”(由两根长为 l 的金属杆 cd 和 ef，用长度为 L 的刚性绝缘杆连接构成)，在“联动双杆”右 侧存在大小为 B2、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场区间Ⅱ， 其长度大于 L.质量为 m、长为 l 的金属杆 ab 从倾斜导轨上端释 放，达到匀速后进入水平导轨(无能量 损失)，杆 ab 与“联动双杆”发生碰 撞，碰后杆 ab 和 cd 合在一起形成 “联动三杆”．“联动三杆”继续沿
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11
(3)设滑块 Q 在小车上滑行一段时间后两者的共同速度为 u， 由动量守恒可得
mQv0＝(mQ＋M)u⑤ 根据能量守恒，系统产生的摩擦热
μmQgL＝12mQv20－12(mQ＋M)u2⑥ 联立⑤⑥解得 L＝6 m. 答案：(1)4 m/s (2)4 m/s (3)6 m
2019-9-8
Ep＝12mPv2② 由①②式联立解得 v＝4 m/s. (2)P、Q 之间发生弹性碰撞，设碰撞后 Q 的速度为 v0，P 的 速度为 v′，由动量守恒和能量守恒得 mPv＝mPv′＋mQv0③
2019届高考物理二轮复习专题二动量与能量第1讲功能关系的应用课件
角度 2 求解变力做功方法的应用 2.如图所示，一质量 m＝2.0 kg 的物体从半径 R＝5.0 m 的圆弧的 A 端，在拉力 F 作用下沿 圆弧缓慢运动到 B 端(圆弧 AB 在竖直平面 内)．拉力 F 大小不变始终为 15 N，方向始终 与物体所在位置的切线成 37°角．圆弧所对 应的圆心角为 60°，BO 边为竖直方向，g 取 10 m/s2.求这一过 程中(cos 37°＝0.8)： (1)拉力 F 做的功； (2)重力 mg 做的功； (3)圆弧面对物体的支持力 FN 做的功．
考情分析 [命题点分析] 运动的合成与分解、动能定理 [思路方法] 从 a→c 由动能定理可得 c 点的速度，从 c 点离开后， 要从竖直方向和水平方向单独求解得出最高点位 置，再根据外力做功情况得出机械能增量
真题再现
(2018·高考全国卷 Ⅱ )如图，某同学用绳子拉动木箱，使它 从静止开始沿粗糙水平路面运动至具有某一速度．木箱获得的动
为 l 的均匀柔软细绳 PQ 竖直悬挂．用外力将绳
的下端 Q 缓慢地竖直向上拉起至 M 点，M 点与
绳的上端 P 相距13l.重力加速度大小为 g.在此过程
中，外力做的功为( )
1 A.9mgl
1 B.6mgl
1 C.3mgl.QM 段绳的质量为 m′＝23m，未拉起时，QM 段绳 的重心在 QM 中点处，与 M 点距离为13l，绳的下端 Q 拉到 M 点时，QM 段绳的重心与 M 点距离为16l，此过程重力做功 WG ＝－m′g13l－16l＝－19mgl，对绳的下端 Q 拉到 M 点的过程，应 用动能定理，可知外力做功 W＝－WG＝19mgl，可知 A 项正确， B、C、D 项错误．
能一定( ) A.小于拉力所做的功 B.等于拉力所做的功 C.等于克服摩擦力所做的功 D.大于克服摩擦力所做的功 解析：选 A.由动能定理 WF－Wf＝Ek－0，可知木箱获 得的动能一定小于拉力所做的功，A 正确
2019年高考物理二轮复习专题二能量与动量第7讲动量和能量观点的应用课件
• (2)从打开水枪开始计时，水喷完前消防车受到的 摩擦力随时间变化的关系式。
[解析] (1)水出口速度为v，由平抛运动h＝12gt2 水平方向x＝vt 解得：v＝60m/s (2)取Δt时间喷出的水为研究对象，Δm＝ρsvΔt 由动量定理：F′Δt＝Δmv 解得：F′＝ρsv2 由牛顿第三定律得：水对车的作用力F＝F′ 取消防车为研究对象，以沿斜面向上为正方向，其受力平衡 (M＋ρV0－ρsvt)gsin37°＝Fcos37°＋f 解得：f＝6.624×104－720t(N)
⑥
联立③④⑤⑥式并利用题给数据得
vA＝4.3m/s
⑦
• 5．(2018·北京，22)2022年将在我国举办第二十 四届冬奥会，跳台滑雪是其中最具观赏性的项目之 一。某滑道示意图如下，长直助滑道AB与弯曲滑道 BC平滑衔接，滑道BC高h＝10m，C是半径R＝20m圆 弧的最低点。质量m＝60kg的运动员从A处由静止开
B．102N
• [C解．析]10设3N每层楼高约为D3．m，1则0下4N落高度约为 h＝3×25m＝75m
由mgh＝12mv2及(F－mg)t＝mv知
鸡蛋对地面的冲击力F＝mtv＋mg≈103N。
• 2．(2018·天津，9(1))质量为0.45kg的木块静止在 光滑水平面上，一质量为0.05kg的子弹以200m/s的 水平速度击中木块，并留在20 其中，整个木块沿子弹 原方向运动，则木块最终速度的大0小.2 是________ m/s。 若子[解弹析]在设木木块块的中最终运速动度为时v，受则到根据的动平量守均恒阻定律力得为4.5×103N， 则子mv弹0＝(射M＋入m)木v，块解得的v＝深20度m/s为。 ________ m。
• 典例 2
(2018·山东省淄博、莱芜高三下学期
[解析] (1)水出口速度为v，由平抛运动h＝12gt2 水平方向x＝vt 解得：v＝60m/s (2)取Δt时间喷出的水为研究对象，Δm＝ρsvΔt 由动量定理：F′Δt＝Δmv 解得：F′＝ρsv2 由牛顿第三定律得：水对车的作用力F＝F′ 取消防车为研究对象，以沿斜面向上为正方向，其受力平衡 (M＋ρV0－ρsvt)gsin37°＝Fcos37°＋f 解得：f＝6.624×104－720t(N)
⑥
联立③④⑤⑥式并利用题给数据得
vA＝4.3m/s
⑦
• 5．(2018·北京，22)2022年将在我国举办第二十 四届冬奥会，跳台滑雪是其中最具观赏性的项目之 一。某滑道示意图如下，长直助滑道AB与弯曲滑道 BC平滑衔接，滑道BC高h＝10m，C是半径R＝20m圆 弧的最低点。质量m＝60kg的运动员从A处由静止开
B．102N
• [C解．析]10设3N每层楼高约为D3．m，1则0下4N落高度约为 h＝3×25m＝75m
由mgh＝12mv2及(F－mg)t＝mv知
鸡蛋对地面的冲击力F＝mtv＋mg≈103N。
• 2．(2018·天津，9(1))质量为0.45kg的木块静止在 光滑水平面上，一质量为0.05kg的子弹以200m/s的 水平速度击中木块，并留在20 其中，整个木块沿子弹 原方向运动，则木块最终速度的大0小.2 是________ m/s。 若子[解弹析]在设木木块块的中最终运速动度为时v，受则到根据的动平量守均恒阻定律力得为4.5×103N， 则子mv弹0＝(射M＋入m)木v，块解得的v＝深20度m/s为。 ________ m。
• 典例 2
(2018·山东省淄博、莱芜高三下学期
2019届高考物理二轮专题复习精品课件：专题五 能量和动量
专题五
能量和动量
高考命题规律
2014 年 2015 年 2016 年 2017 年 2018 年 2019 年高 Ⅰ ⅠⅡ ⅢⅠⅡ Ⅲ 考必备 Ⅱ卷 Ⅰ卷 Ⅱ卷 Ⅰ卷 Ⅱ卷 Ⅲ卷 卷 卷卷 卷卷卷 卷 功、 功 率 考 动能 14、 1 19、 16 17 19 16 14 点 4 24 25 定理 一 及其 应用
一 二 三 四 五
功、功率 动能定理及其应用 命题角度1功的计算 高考真题体验· 对方向 (多选)(2016全国Ⅱ· 19)两实心小球甲和乙由同一种材料制成,甲球 质量大于乙球质量.两球在空气中由静止下落,假设它们运动时受 到的阻力与球的半径成正比,与球的速率无关.若它们下落相同的 距离,则( ) A.甲球用的时间比乙球长 B.甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小 C.甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小 D.甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功
-2-
高考命题规律
-3-
2019 年高 Ⅰ ⅠⅡ 考必备 Ⅱ卷 Ⅰ卷 Ⅱ卷 Ⅰ卷 Ⅱ卷 Ⅲ卷 卷 卷卷 机械 能守 考 恒定 25 21 24 17 点 律及 二 其应 用 功能 考 关系 2 21 25 25 点 能量 4 三 守恒 定律
2014 年 2015 年
2016 年
2017 年 2018 年
A.2mgR C. mgR
7 5
1
B.4mgR D.mgR
3
考点
-14-
一 二 三 四 五
答案:BCD 解析:小球在竖直面内运动只有重力做功,故机械能守恒;小球要到 达圆轨道最高点,那么对小球在最高点应用牛顿第二定律可
得:mg≤
������ ������ 2 ������
考点
-11-
一 二 三 四 五
能量和动量
高考命题规律
2014 年 2015 年 2016 年 2017 年 2018 年 2019 年高 Ⅰ ⅠⅡ ⅢⅠⅡ Ⅲ 考必备 Ⅱ卷 Ⅰ卷 Ⅱ卷 Ⅰ卷 Ⅱ卷 Ⅲ卷 卷 卷卷 卷卷卷 卷 功、 功 率 考 动能 14、 1 19、 16 17 19 16 14 点 4 24 25 定理 一 及其 应用
一 二 三 四 五
功、功率 动能定理及其应用 命题角度1功的计算 高考真题体验· 对方向 (多选)(2016全国Ⅱ· 19)两实心小球甲和乙由同一种材料制成,甲球 质量大于乙球质量.两球在空气中由静止下落,假设它们运动时受 到的阻力与球的半径成正比,与球的速率无关.若它们下落相同的 距离,则( ) A.甲球用的时间比乙球长 B.甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小 C.甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小 D.甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功
-2-
高考命题规律
-3-
2019 年高 Ⅰ ⅠⅡ 考必备 Ⅱ卷 Ⅰ卷 Ⅱ卷 Ⅰ卷 Ⅱ卷 Ⅲ卷 卷 卷卷 机械 能守 考 恒定 25 21 24 17 点 律及 二 其应 用 功能 考 关系 2 21 25 25 点 能量 4 三 守恒 定律
2014 年 2015 年
2016 年
2017 年 2018 年
A.2mgR C. mgR
7 5
1
B.4mgR D.mgR
3
考点
-14-
一 二 三 四 五
答案:BCD 解析:小球在竖直面内运动只有重力做功,故机械能守恒;小球要到 达圆轨道最高点,那么对小球在最高点应用牛顿第二定律可
得:mg≤
������ ������ 2 ������
考点
-11-
一 二 三 四 五
2019届高考物理二轮复习第章动量和能量功能关系与能量守恒定律的应用课件.ppt
－Wf＝12mv2，解得 Wf＝32mgR，由功能关系得质点的机械能减少 32mgR，选项 D 正确．
答案：CD
2019-9-7
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11
2.在[例 2]中，若轨道光滑，使质点带上＋q 的电荷量(带电 质点可视为点电荷)，如图所示，在竖直方向加上向下的匀强电 场，场强为 E，质点由静止释放运动至最低点 N 的过程中，下列 说法正确的是( )
点到 Q 点克服阻力做的功 W′<W＝12mgR，质点从 N 点到 Q 点由
动能定理得－mgR－W′＝12mvQ2 －12mvN2 ，解得12mv2Q>0，所以质点能 够到达 Q 点，并且还能继续上升一段距离，故选项 C 正确．
[答案] C
2019-9-7
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9
⇨拓展训练 1．(多选)在[例 2]中，若使质点带上＋q 的电荷量(带电质点 可视为点电荷)，如图所示，在 POQ 下方加上垂直纸面向里的匀
2019-9-7
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6
由速度图象知，水平力 F 对 A、B 两物体做功的最大功率之 比为(F·2v0 ：(F·v0)＝ ：1，B 项正确；由图象面积表示位移 可知两物体位移之比为 ：5，整个过程中，由动能定理易知， 水平力 F 对 A、B 两物体做功之比等于摩擦力做功之比为 ：2， C 项错；由功率的定义式知摩擦力对 A、B 两物体做功的平均功 率之比为 ：6，D 项错．
D．W1>W2，P1＝P2，Q1＝Q2
2019-9-7
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22
解析：两种情况下水平向左的恒力 F 相同，恒力作用的位移 x 相同，根据 W＝Fx 得做功相同．第二种情况中，传送带有逆时 针转动的速度 v2，物体相对于传送带的速度为 v1，所以物体相对 于地面的速度为 v1＋v2，位移 x 相同，由 x＝vt，得 t1>t2，根据 P
答案：CD
2019-9-7
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11
2.在[例 2]中，若轨道光滑，使质点带上＋q 的电荷量(带电 质点可视为点电荷)，如图所示，在竖直方向加上向下的匀强电 场，场强为 E，质点由静止释放运动至最低点 N 的过程中，下列 说法正确的是( )
点到 Q 点克服阻力做的功 W′<W＝12mgR，质点从 N 点到 Q 点由
动能定理得－mgR－W′＝12mvQ2 －12mvN2 ，解得12mv2Q>0，所以质点能 够到达 Q 点，并且还能继续上升一段距离，故选项 C 正确．
[答案] C
2019-9-7
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9
⇨拓展训练 1．(多选)在[例 2]中，若使质点带上＋q 的电荷量(带电质点 可视为点电荷)，如图所示，在 POQ 下方加上垂直纸面向里的匀
2019-9-7
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6
由速度图象知，水平力 F 对 A、B 两物体做功的最大功率之 比为(F·2v0 ：(F·v0)＝ ：1，B 项正确；由图象面积表示位移 可知两物体位移之比为 ：5，整个过程中，由动能定理易知， 水平力 F 对 A、B 两物体做功之比等于摩擦力做功之比为 ：2， C 项错；由功率的定义式知摩擦力对 A、B 两物体做功的平均功 率之比为 ：6，D 项错．
D．W1>W2，P1＝P2，Q1＝Q2
2019-9-7
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22
解析：两种情况下水平向左的恒力 F 相同，恒力作用的位移 x 相同，根据 W＝Fx 得做功相同．第二种情况中，传送带有逆时 针转动的速度 v2，物体相对于传送带的速度为 v1，所以物体相对 于地面的速度为 v1＋v2，位移 x 相同，由 x＝vt，得 t1>t2，根据 P
高考物理二轮专题复课件动量和能量观点的综合应用PPT
用动力学、动量和 算题，考查综合应用力学三
机械能守恒定律和能量守恒
能量的观点分析 大观点，通过分析和推理考
定律分析与解决力学综合问
推理、科学论证。 查综合应用能力。
题的能力。
高 考 物 理 二 轮专题 复课件 动量和 能量观 点的综 合应用 PPT【P PT实用 课件】
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高 考 物 理 二 轮专题 复课件 动量和 能量观 点的综 合应用 PPT【P PT实用 课件】
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专题二 动量与能量
6
三、解决力学问题的三大观点 1．力的观点：主要是_牛__顿__运__动___定律和运动学公式相结合，常涉及物体的 受力、加速度或匀变速运动的问题。 2．动量的观点：主要应用_动__量___定理或动量守恒定律求解，常涉及物体的 受力和_时__间___问题，以及相互作用物体的问题。 3．能量的观点：在涉及单个物体的受力和位移问题时，常用动能定理分析； 在涉及系统内能量的转化问题时，常用能量守恒定律。
学科核心素养
高考命题方向
1.理解动量和冲量的概念，
1.物理观念：动量 高考对本部分内容的考查
应用动量定理和动量守恒定
和冲量的观念；守 主要有两种情况：一是在选
律分析和解决简单问题。
恒的思想。
择题中考查动量定理的应
2．培养学生应用动量定理、
2．科学推理：运 用；二是作为高考试卷的计
动量守恒定律、动能定理、
解得 FNm＝240 N 根据牛顿第三定律可知压力 F′N＝240 N，方向竖直向下。
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专题二 动量与能量
21
(2)物块 M 与 N 碰前速度为 v0，碰后速度为 v1，由动量守恒 mv0＝mv1＋Mv2 碰撞过程机械能守恒12mv20＝12mv21＋12Mv22 弹簧弹开到碰前过程 Ep＝12mv20＋μmgLPC 解得 Ep＝76.25 J。
2019届高考物理二轮复习第2章动量和能量2.2动量和能量观点的综合应用课件
[答案] AC
考向 2 碰撞中的动量守恒 [例 2] 如图甲所示，光滑水平面上有 P、Q 两物块，它们 在 t＝4 s 时发生碰撞，图乙是两者的位移图象，已知物块 P 的质 量为 mp＝1 kg，由此可知( )
A．碰撞前 P 的动量为 16 kg·m/s B．两物块的碰撞可能为弹性碰撞 C．物块 Q 的质量为 4 kg D．两物块碰撞过程中 P 对 Q 作用力的冲量是 3 N·s
(2)由(1)知 P 的位置到小车左端的最大距离 xmax＝Δx＝0.937 5m
假设滑块 B 从小车左端刚好不脱离小车时，滑块 B 和小车 的共同速度为 v 共′，由动量守恒定律得 mBvB＝(mB＋M)v 共′
由功能关系得
12mBv2B＝12(mB＋M)v 共′2＋2μmBgxmin 解得 xmin＝0.47 m 故 挡 板 P 的 位 置 到 小 车 左 端 的 距 离 x 的 范 围 为 0.47 m≤x≤0.94 m [答案] (1)1.5 J (2)0.47 m≤x≤0.94 m
[解析] 由动能定理得 mg(H＋h)＋Wf＝0，Wf＝－mg(H＋h)， 所以小球的机械能减少了 (H＋h)，A 正确、B 错误．小球自
由下落至地面过程，机械能守恒，mgH＝12mv2，v＝ 2gH，落到 地面上后又陷入泥潭，由动量定理 IG－If＝0－mv，得 If＝IG＋mv ＝IG＋m 2gH，小球所受阻力的冲量大于 m 2gH，C 正确．由 动量定理知，小球动量的改变量等于合外力的冲量，D 错误．
则滑块 B 从滑上小车到与小车共速时的位移为 xB＝v－2共－2av2B＝1.312 5 m
小车的加速度 a 车＝μmMBg＝43m/s2 此过程中小车的位移为 x 车＝0－－2va2共车＝0.375 m 滑块 B 相对小车的位移为 Δx＝xB－x 车＝0.937 5 m<L，故滑 块 B 未脱离小车， 滑块 B 对小车做的功 W＝μmBgx 车＝1.5 J
考向 2 碰撞中的动量守恒 [例 2] 如图甲所示，光滑水平面上有 P、Q 两物块，它们 在 t＝4 s 时发生碰撞，图乙是两者的位移图象，已知物块 P 的质 量为 mp＝1 kg，由此可知( )
A．碰撞前 P 的动量为 16 kg·m/s B．两物块的碰撞可能为弹性碰撞 C．物块 Q 的质量为 4 kg D．两物块碰撞过程中 P 对 Q 作用力的冲量是 3 N·s
(2)由(1)知 P 的位置到小车左端的最大距离 xmax＝Δx＝0.937 5m
假设滑块 B 从小车左端刚好不脱离小车时，滑块 B 和小车 的共同速度为 v 共′，由动量守恒定律得 mBvB＝(mB＋M)v 共′
由功能关系得
12mBv2B＝12(mB＋M)v 共′2＋2μmBgxmin 解得 xmin＝0.47 m 故 挡 板 P 的 位 置 到 小 车 左 端 的 距 离 x 的 范 围 为 0.47 m≤x≤0.94 m [答案] (1)1.5 J (2)0.47 m≤x≤0.94 m
[解析] 由动能定理得 mg(H＋h)＋Wf＝0，Wf＝－mg(H＋h)， 所以小球的机械能减少了 (H＋h)，A 正确、B 错误．小球自
由下落至地面过程，机械能守恒，mgH＝12mv2，v＝ 2gH，落到 地面上后又陷入泥潭，由动量定理 IG－If＝0－mv，得 If＝IG＋mv ＝IG＋m 2gH，小球所受阻力的冲量大于 m 2gH，C 正确．由 动量定理知，小球动量的改变量等于合外力的冲量，D 错误．
则滑块 B 从滑上小车到与小车共速时的位移为 xB＝v－2共－2av2B＝1.312 5 m
小车的加速度 a 车＝μmMBg＝43m/s2 此过程中小车的位移为 x 车＝0－－2va2共车＝0.375 m 滑块 B 相对小车的位移为 Δx＝xB－x 车＝0.937 5 m<L，故滑 块 B 未脱离小车， 滑块 B 对小车做的功 W＝μmBgx 车＝1.5 J
2019届高考物理二轮复习动量与能量观点的综合应用课件(38张)(全国通用)
时,圆形线圈中磁场随时间均匀变化,变化率为
������ ������
=
4 π
T/s ;稳定后
将开关拨向2,金属棒A被弹出,与金属棒B相碰,并在B棒刚出磁场时
A棒刚好运动到OO'处,最终A棒恰在PP'处停住。
考点一 考点二
考纲导引 备考定向
考点突破 互动探究
随堂演练 巩固检测
-17-
已知两根金属棒的质量均为0.02 kg、接入电路中的电阻均为0.1 Ω, 金属棒与金属导轨接触良好,其余电阻均不计,一切摩擦不计。问:
考纲导引 备考定向
考点突破 互动探究
随堂演练 巩固检测
-8-
当物体做非匀变速直线运动时,优先考虑动量定理和动能定理 (1)以ab棒为研究对象,受重力、弹力、摩擦力和安培力。 当ab沿导轨下滑x=6 m时,速度已达到稳定,所以合外力为零, 即:Mgsin 37°=BIL+μMgcos 37° 设稳定运动的速度为v,所以E=BLv 即:P=(������������21���+���2������������22)=12 W
过程,由能量守恒可知,
m1gh=12(m1+m2)v2+Q,代入数据解得:Q=340 J 由于 ab 和 cd 棒串联,所以产生的热量之比等于电阻之比,所以
Qab=������1���+���1������2Q=0.005.+005.15
×
4 30
J=310
J。
考纲导引 备考定向
考点突破 互动探究
从 ab 棒刚到 ef 处至两棒达共同速度过程,由动量守恒定律
得,m1v0=(m1+m2)v,即 0.2×2=(0.1+0.2)v,解得 v=43 m/s;
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