全国通用2018版高考数学一轮复习第三章导数及其应用3.2.3导数与函数的综合应用课件文北师大版

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2018版高考数学(理)一轮复习文档:第三章导数及其应用3.2第3课时含解析

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第3课时导数与函数的综合问题题型一导数与不等式有关的问题命题点1 解不等式例1 设f(x)是定义在R上的奇函数,f(2)=0,当x>0时,有错误!<0恒成立,则不等式x2f(x)>0的解集是()A.(-2,0)∪(2,+∞) B.(-2,0)∪(0,2)C.(-∞,-2)∪(2,+∞) D.(-∞,-2)∪(0,2)答案D解析∵当x>0时,错误!′<0,∴φ(x)=错误!为减函数,又φ(2)=0,∴当且仅当0<x〈2时,φ(x)〉0,此时x2f(x)〉0。

又f(x)为奇函数,∴h(x)=x2f(x)也为奇函数.故x2f(x)>0的解集为(-∞,-2)∪(0,2).命题点2 证明不等式例2 (2016·全国丙卷)设函数f(x)=ln x-x+1.(1)讨论f(x)的单调性;(2)证明:当x∈(1,+∞)时,1<错误!<x;(3)设c〉1,证明:当x∈(0,1)时,1+(c-1)x>c x。

(1)解由题设,f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=错误!-1,令f′(x)=0,解得x=1.当0〈x〈1时,f′(x)〉0,f(x)单调递增;当x〉1时,f′(x)〈0,f(x)单调递减.(2)证明由(1)知,f(x)在x=1处取得最大值,最大值为f(1)=0。

所以当x≠1时,ln x<x-1。

故当x∈(1,+∞)时,ln x<x-1,ln错误!<错误!-1,即1〈错误!〈x.(3)证明由题设c>1,设g(x)=1+(c-1)x-c x,则g′(x)=c-1-c x ln c,令g′(x)=0,解得x0=错误!。

当x<x0时,g′(x)>0,g(x)单调递增;当x>x0时,g′(x)<0,g(x)单调递减.由(2)知1〈错误!〈c,故0<x0〈1。

又g(0)=g(1)=0,故当0〈x<1时,g(x)>0。

2018-2019学年高中一轮复习理数:第三章 导数及其应用 含解析

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第三章⎪⎪⎪导数及其应用第一节 导数的概念及运算本节主要包括2个知识点: 1.导数的运算; 2.导数的几何意义.突破点(一) 导数的运算[基本知识]1.函数y =f (x )在x =x 0处的导数称函数y =f (x )在x =x 0处的瞬时变化率lim Δx →0ΔyΔx =lim Δx →0 f (x 0+Δx )-f (x 0)Δx为函数y =f (x )在x =x 0处的导数,记作f ′(x 0)或y ′|x =x 0,即f ′(x 0)=lim Δx →0ΔyΔx =lim Δx →0 f (x 0+Δx )-f (x 0)Δx. 2.函数f (x )的导函数 称函数f ′(x )=lim Δx →0f (x +Δx )-f (x )Δx为f (x )的导函数.3.基本初等函数的导数公式4.(1)[f (x )±g (x )]′=f ′(x )±g ′(x ); (2)[f (x )·g (x )]′=f ′(x )g (x )+f (x )g ′(x ); (3)⎣⎡⎦⎤f (x )g (x )′=f ′(x )g (x )-f (x )g ′(x )[g (x )]2(g (x )≠0). 5.复合函数的导数复合函数y =f (g (x ))的导数和函数y =f (u ),u =g (x )的导数间的关系为y x ′=y u ′·u x ′,即y 对x 的导数等于y 对u 的导数与u 对x 的导数的乘积.[基本能力]1.判断题(1)f ′(x 0)与(f (x 0))′的计算结果相同.( ) (2)求f ′(x 0)时,可先求f (x 0)再求f ′(x 0).( ) (3)f ′(x 0)是导函数f ′(x )在x =x 0处的函数值.( ) (4)⎝⎛⎭⎫sin π3′=cos π3.( ) (5)若(ln x )′=1x ,则⎝⎛⎭⎫1x ′=ln x .( )(6)函数f (x )=sin(-x )的导数为f ′(x )=cos x .( ) (7)y =cos 3x 由函数y =cos u ,u =3x 复合而成.( ) 答案:(1)× (2)× (3)√ (4)× (5)× (6)× (7)√ 2.填空题(1)已知f (x )=13-8x +2x 2,f ′(x 0)=4,则x 0=________. 解析:∵f ′(x )=-8+4x ,∴f ′(x 0)=-8+4x 0=4,解得x 0=3. 答案:3(2)函数y =ln xe x 的导函数为________________.答案:y ′=1-x ln xx e x(3)已知f (x )=2sin x +x ,则f ′⎝⎛⎭⎫π4=________.解析:∵f (x )=2sin x +x ,∴f ′(x )=2cos x +1,则f ′⎝⎛⎭⎫π4=2cos π4+1=2+1. 答案:2+1[全析考法][典例] (1)函数f (x )=(x +1)2(x -3),则其导函数f ′(x )=( ) A .3x 2-2x B .3x 2-2x -5 C .3x 2-xD .3x 2-x -5(2)(2018·钦州模拟)已知函数f (x )=x ln x ,则f ′(1)+f (4)的值为( )A .1-8ln 2B .1+8ln 2C .8ln 2-1D .-8ln 2-1(3)已知函数f (x )=sin x cos φ-cos x sin φ-1(0<φ<π2),若f ′⎝⎛⎭⎫π3=1,则φ的值为( ) A.π3B.π6C.π4D.5π12[解析] (1)法一:因为f (x )=(x +1)2(x -3)=(x +1)(x +1)(x -3),所以f ′(x )=[(x +1)(x +1)]′(x -3)+(x +1)(x +1)(x -3)′=2(x +1)(x -3)+(x +1)2=3x 2-2x -5.法二:f (x )=(x +1)2(x -3)=x 3-x 2-5x -3,则f ′(x )=3x 2-2x -5.(2)因为f ′(x )=ln x +1,所以f ′(1)=0+1=1,所以f ′(1)+f (4)=1+4ln 4=1+8ln 2.故选B.(3)因为f (x )=sin x cos φ-cos x sin φ-1⎝⎛⎭⎫0<φ<π2,所以f ′(x )=cos x cos φ+sin x sin φ=cos(x -φ),因为f ′⎝⎛⎭⎫π3=1,所以cos ⎝⎛⎭⎫π3-φ=1,因为0<φ<π2,所以φ=π3,故选A. [答案] (1)B (2)B (3)A[方法技巧] 导数运算的常见形式及其求解方法[全练题点]1.下列函数中满足f (x )=f ′(x )的是( ) A .f (x )=3+x B .f (x )=-x C .f (x )=ln xD .f (x )=0解析:选D 若f (x )=0,则f ′(x )=0,从而有f (x )=f ′(x ).故选D. 2.(2018·延安模拟)设函数f (x )=ax +3,若f ′(1)=3,则a =( ) A .2 B .-2 C .3D .-3解析:选C 由题意得,f ′(x )=a ,因为f ′(1)=3,所以a =3,故选C.3.(2018·南宁模拟)设f (x )在x =x 0处可导,且li m Δx →f (x 0+3Δx )-f (x 0)Δx=1,则f ′(x 0)=( )A .1B .0C .3 D.13解析:选D 因为lim Δx →0f (x 0+3Δx )-f (x 0)Δx =1,所以lim Δx →0 ⎣⎡⎦⎤3×f (x 0+3Δx )-f (x 0)3Δx =1,即3f ′(x 0)=1,所以f ′(x 0)=13.故选D.4.(2018·桂林模拟)已知函数y =x cos x -sin x ,则其导函数y ′=( ) A .x sin x B .-x sin x C .x cos xD .-x cos x解析:选B 函数y =x cos x -sin x 的导函数y ′=cos x -x sin x -cos x =-x sin x ,故选B.5.(2018·九江一模)已知f (x )是(0,+∞)上的可导函数,且f (x )=x 3+x 2f ′(2)+2ln x ,则函数f (x )的解析式为( )A .f (x )=x 3-32x 2+2ln xB .f (x )=x 3-133x 2+2ln x C .f (x )=x 3-3x 2+2ln x D .f (x )=x 3+3x 2+2ln x解析:选B ∵f (x )=x 3+x 2f ′(2)+2ln x ,∴f ′(x )=3x 2+2xf ′(2)+2x ,令x =2,得f ′(2)=12+4f ′(2)+1,∴f ′(2)=-133,∴f (x )=x 3-133x 2+2ln x ,故选B.突破点(二) 导数的几何意义[基本知识]函数f (x )在点x 0处 的导数f ′(x 0)的几何意义是在曲线y =f (x )上点P (x 0,y 0)处的切线的斜率.相应地,切线方程为y -y 0=f ′(x 0)(x -x 0).特别地,如果曲线y =f (x )在点(x 0,y 0)处的切线垂直于x 轴,则此时导数f ′(x 0)不存在,由切线定义可知,切线方程为x =x 0.[基本能力]1.判断题(1)曲线的切线与曲线不一定只有一个公共点.( ) (2)求曲线过点P 的切线时P 点一定是切点.( ) 答案:(1)√ (2)× 2.填空题(1)曲线y =x 3-x +3在点(1,3)处的切线方程为________. 答案:2x -y +1=0(2)已知直线y =-x +1是函数f (x )=-1a ·e x图象的切线,则实数a =________. 解析:设切点为(x 0,y 0),则f ′(x 0)=-1a ·e x 0=-1,∴e x 0=a ,又-1a ·e x 0=-x 0+1,∴x 0=2,a =e 2. 答案:e 2(3)曲线f (x )=x ln x 在点M (1,f (1))处的切线方程为________.解析:由题意,得f ′(x )=ln x +1,所以f ′(1)=ln 1+1=1,即切线的斜率为1.因为f (1)=0,所以所求切线方程为y -0=x -1,即x -y -1=0.答案:x -y -1=0[全析考法]“过点A A 必为切点,前者未必是切点.曲线在某点处的切线,若有,则只有一条;曲线过某点的切线往往不止一条.切线与曲线的公共点不一定只有一个.[例1] 已知函数f (x )=x 3-4x 2+5x -4. (1)求曲线f (x )在点(2,f (2))处的切线方程; (2)求经过点A (2,-2)的曲线f (x )的切线方程. [解] (1)∵f ′(x )=3x 2-8x +5, ∴f ′(2)=1,又f (2)=-2,∴曲线f (x )在点(2,f (2))处的切线方程为y -(-2)=x -2, 即x -y -4=0.(2)设切点坐标为(x 0,x 30-4x 20+5x 0-4),∵f ′(x 0)=3x 20-8x 0+5,∴切线方程为y -(-2)=(3x 20-8x 0+5)(x -2),又切线过点(x 0,x 30-4x 20+5x 0-4),∴x 30-4x 20+5x 0-2=(3x 20-8x 0+5)(x 0-2),整理得(x 0-2)2(x 0-1)=0, 解得x 0=2或x 0=1,∴经过A (2,-2)的曲线f (x )的切线方程为x -y -4=0或y +2=0. [方法技巧]求切线方程问题的两种类型及方法(1)求“在”曲线y =f (x )上一点P (x 0,y 0)处的切线方程:点P (x 0,y 0)为切点,切线斜率为k =f ′(x 0),有唯一的一条切线,对应的切线方程为y -y 0=f ′(x 0)(x -x 0).(2)求“过”曲线y =f (x )上一点P (x 0,y 0)的切线方程:切线经过点P ,点P 可能是切点,也可能不是切点,这样的直线可能有多条.解决问题的关键是设切点,利用“待定切点法”,即:①设切点A (x 1,y 1),则以A 为切点的切线方程为y -y 1=f ′(x 1)(x -x 1);②根据题意知点P (x 0,y 0)在切线上,点A (x 1,y 1)在曲线y =f (x )上,得到方程组⎩⎪⎨⎪⎧y 1=f (x 1),y 0-y 1=f ′(x 1)(x 0-x 1),求出切点A (x 1,y 1),代入方程y -y 1=f ′(x 1)(x -x 1),化简即得所求的切线方程.求切点坐标[例2] (2018·32P (x 0,f (x 0))处的切线方程为x +y =0,则点P 的坐标为( )A .(0,0)B .(1,-1)C .(-1,1)D .(1,-1)或(-1,1)[解析] ∵f (x )=x 3+ax 2,∴f ′(x )=3x 2+2ax ,∵曲线y =f (x )在点P (x 0,f (x 0))处的切线方程为x +y =0,∴3x 20+2ax 0=-1,∵x 0+x 30+ax 20=0,解得x 0=±1,∴当x 0=1时,f (x 0)=-1,当x 0=-1时,f (x 0)=1.故选D.[答案] D求参数值或范围[例3] (1)(2018·长沙一模)若曲线y =12e x 2与曲线y =a ln x 在它们的公共点P (s ,t )处具有公共切线,则实数a =( )A .-2 B.12 C .1D .2(2)(2018·南京调研)若函数f (x )=ln x +ax 的图象存在与直线2x -y =0平行或重合的切线,则实数a 的取值范围是________.[解析] (1)y =12e x 2的导数为y ′=x e ,在点P (s ,t )处的切线斜率为s e ,y =a ln x 的导数为y ′=a x ,在点P (s ,t )处的切线斜率为a s ,由题意知,s e =a s ,且12e s 2=a ln s ,解得ln s =12,s 2=e ,故a =1.(2)函数f (x )=ln x +ax 的图象存在与直线2x -y =0平行或重合的切线,即f ′(x )=2在(0,+∞)上有解,而f ′(x )=1x +a ,故1x +a =2,即a =2-1x 在(0,+∞)上有解,因为x >0,所以2-1x<2,所以a 的取值范围是(-∞,2).[答案] (1)C (2)(-∞,2)[方法技巧]根据导数的几何意义求参数值的思路根据导数的几何意义求参数的值时,一般是利用切点P (x 0,y 0)既在曲线上又在切线上构造方程组求解.[全练题点]1.[考点一]曲线y =sin x +e x 在点(0,1)处的切线方程是( ) A .x -3y +3=0 B .x -2y +2=0 C .2x -y +1=0D .3x -y +1=0解析:选C ∵y =sin x +e x ,∴y ′=cos x +e x ,∴y ′| x =0=cos 0+e 0=2,∴曲线y =sin x +e x 在点(0,1)处的切线方程为y -1=2(x -0),即2x -y +1=0.2.[考点一]曲线y =x e x +2x -1在点(0,-1)处的切线方程为( ) A .y =3x -1 B .y =-3x -1 C .y =3x +1D .y =-2x -1解析:选A 因为y ′=e x +x e x +2,所以曲线y =x e x +2x -1在点(0,-1)处的切线的斜率k =y ′| x =0=3,∴切线方程为y =3x -1.3.[考点二]已知曲线y =x 24-3ln x 的一条切线的斜率为12,则切点的横坐标为( )A .3B .2C .1D.12解析:选A 已知曲线y =x 24-3ln x (x >0)的一条切线的斜率为12,由y ′=12x -3x =12,得x =3,故选A.4.[考点三](2018·东城期末)若直线y =-x +2与曲线y =-e x+a相切,则a 的值为( )A .-3B .-2C .-1D .-4解析:选A 由于y ′=(-e x +a )′=-e x +a ,令-e x +a =-1,得切点的横坐标为x =-a ,所以切点为(-a ,-1),进而有-(-a )+2=-1,故a =-3.5.[考点三](2018·西安一模)若曲线y =e x -ae x (a >0)上任意一点处的切线的倾斜角的取值范围是⎣⎡⎭⎫π3,π2,则a =( )A.112 B.13 C.34D .3解析:选C y ′=e x +a e x ,∵y =e x -aex 在任意一点处的切线的倾斜角的取值范围是⎣⎡⎭⎫π3,π2,∴e x +a e x ≥3,由a >0知,e x +a ex ≥2a ⎝⎛⎭⎫当且仅当e x =a e x 时等号成立,故2a =3,故a =34,故选C.[全国卷5年真题集中演练——明规律] 1.(2014·全国卷Ⅱ)设曲线y =ax -ln(x +1)在点(0,0)处的切线方程为y =2x ,则a =( ) A .0 B .1 C .2D .3解析:选D y ′=a -1x +1,由题意得y ′|x =0=2,即a -1=2,所以a =3. 2.(2016·全国卷Ⅱ)若直线y =kx +b 是曲线y =ln x +2的切线,也是曲线y =ln(x +1)的切线,则b =________.解析:易得(ln x +2)′=1x ,[ln(x +1)]′=1x +1.设曲线y =ln x +2上的切点横坐标为x 1,曲线y =ln(x +1)上的切点横坐标为x 2,则y =ln x +2的切线方程为:y =1x 1·x +ln x 1+1,y =ln(x +1)的切线方程为:y =1x 2+1x +ln(x 2+ 1)-x 2x 2+1.根据题意,有⎩⎨⎧1x 1=1x 2+1,ln x 1+1=ln (x 2+1)-x 2x 2+1,解得x 1=12,x 2=-12,∴b =ln x 1+1=1-ln 2.答案:1-ln 23.(2016·全国卷Ⅲ)已知f (x )为偶函数,当x <0时,f (x )=ln(-x )+3x ,则曲线y =f (x )在点(1,-3)处的切线方程是________.解析:因为f(x)为偶函数,所以当x>0时,f(x)=f(-x)=ln x-3x,所以当x>0时,f′(x)=1x-3,则f′(1)=-2.所以y=f(x)在点(1,-3)处的切线方程为y+3=-2(x-1),即y=-2x-1.答案:y=-2x-1[课时达标检测][小题对点练——点点落实]对点练(一)导数的运算1.(2018·泉州质检)设函数f(x)=x(x+k)(x+2k),则f′(x)=()A.3x2+3kx+k2B.x2+2kx+2k2C.3x2+6kx+2k2D.3x2+6kx+k2解析:选C法一:f(x)=x(x+k)(x+2k),f′(x)=(x+k)(x+2k)+x[(x+k)(x+2k)]′=(x+k)·(x+2k)+x(x+2k)+x(x+k)=3x2+6kx+2k2,故选C.法二:因为f(x)=x(x+k)(x+2k)=x3+3kx2+2k2x,所以f′(x)=3x2+6kx+2k2,故选C.2.(2018·泰安一模)给出下列结论:①若y=log2x,则y′=1x ln 2;②若y=-1x,则y′=12x x;③若f(x)=1x2,则f′(3)=-227;④若y=ax(a>0),则y′=a x ln a.其中正确的个数是()A.1 B.2 C.3 D.4解析:选D根据求导公式可知①正确;若y=-1x=-x-12,则y′=12x-32=12x x,所以②正确;若f(x)=1x2,则f′(x)=-2x-3,所以f′(3)=-227,所以③正确;若y=ax(a>0),则y′=a x ln a,所以④正确.因此正确的结论个数是4,故选D.3.若函数y=x m的导函数为y′=6x5,则m=()A.4 B.5C.6 D.7解析:选C因为y=x m,所以y′=mx m-1,与y′=6x5相比较,可得m=6.4.已知函数f(x)=xe x(e是自然对数的底数),则其导函数f′(x)=()A.1+x e xB.1-x e xC .1+xD .1-x解析:选B 函数f (x )=xe x ,则其导函数f ′(x )=e x -x e x e 2x =1-x e x ,故选B.5.若f (x )=x 2-2x -4ln x ,则f ′(x )<0的解集为( ) A .(0,+∞) B .(0,2) C .(0,2)∪(-∞,-1)D .(2,+∞)解析:选B 函数f (x )=x 2-2x -4ln x 的定义域为{x |x >0},f ′(x )=2x -2-4x =2x 2-2x -4x ,由f ′(x )=2x 2-2x -4x<0,得0<x <2,∴f ′(x )<0的解集为(0,2),故选B. 6.(2018·信阳模拟)已知函数f (x )=a e x +x ,若1<f ′(0)<2,则实数a 的取值范围是( ) A.⎝⎛⎭⎫0,1e B .(0,1) C .(1,2)D .(2,3)解析:选B 根据题意,f (x )=a e x +x ,则f ′(x )=(a e x )′+x ′=a e x +1,则f ′(0)=a +1,若1<f ′(0)<2,则1<a +1<2,解得0<a <1,所以实数a 的取值范围为(0,1).故选B.对点练(二) 导数的几何意义1.(2018·安徽八校联考)函数f (x )=tan x 2在⎣⎡⎦⎤π2,f ⎝⎛⎭⎫π2处的切线的倾斜角α为( ) A.π6 B.π4 C.π3D.π2解析:选B f ′(x )=⎝ ⎛⎭⎪⎫sin x2cos x 2′=12cos 2x 2,得切线斜率k =tan α=f ′⎝⎛⎭⎫π2=1,故α=π4,选B.2.若函数f (x )=x 3-x +3的图象在点P 处的切线平行于直线y =2x -1,则点P 的坐标为( )A .(1,3)B .(-1,3)C .(1,3)或(-1,3)D .(1,-3)解析:选C f ′(x )=3x 2-1,令f ′(x )=2,即3x 2-1=2⇒x =1或-1,又f (1)=3,f (-1)=3,所以P (1,3)或(-1,3),经检验,点(1,3),(-1,3)均不在直线y =2x -1上,故点P 的坐标为(1,3)或(-1,3).3.(2018·福州质检)过点(-1,1)与曲线f (x )=x 3-x 2-2x +1相切的直线有( )A .0条B .1条C .2条D .3条解析:选C 设切点P (a ,a 3-a 2-2a +1),由f ′(x )=3x 2-2x -2,当a ≠-1时,可得切线的斜率k =3a 2-2a -2=(a 3-a 2-2a +1)-1a -(-1),所以(3a 2-2a -2)(a +1)=a 3-a 2-2a ,即(3a 2-2a -2)(a +1)=a (a -2)(a +1),所以a =1,此时k =-1.又(-1,1)是曲线上的点且f ′(-1)=3≠-1,故切线有2条.4.(2018·重庆一模)已知直线y =a 与函数f (x )=13x 3-x 2-3x +1的图象相切,则实数a的值为( )A .-26或83B .-1或3C .8或-83D .-8或83解析:选D 令f ′(x )=x 2-2x -3=0,得x =-1或x =3,∵f (-1)=83,f (3)=-8,∴a =83或-8.5.(2018·临川一模)函数f (x )=x +ln xx的图象在x =1处的切线与两坐标轴围成的三角形的面积为( )A.12B.14C.32D.54解析:选B 因为f (x )=x +ln xx ,f ′(x )=1+1-ln x x 2,所以f (1)=1,f ′(1)=2,故切线方程为y -1=2(x -1).令x =0,可得y =-1;令y =0,可得x =12.故切线与两坐标轴围成的三角形的面积为12×1×12=14,故选B.6.(2018·成都诊断)若曲线y =ln x +ax 2(a 为常数)不存在斜率为负数的切线,则实数a 的取值范围是( )A.⎝⎛⎭⎫-12,+∞ B.⎣⎡⎭⎫-12,+∞ C .(0,+∞)D .[0,+∞)解析:选D 由题意知,函数y =ln x +ax 2的定义域为(0,+∞),y ′=1x +2ax =2ax 2+1x ≥0恒成立,即2ax 2+1≥0,a ≥-12x 2恒成立,又在定义域内,-12x 2∈(-∞,0),所以实数a 的取值范围是[0,+∞).7.(2017·柳州二模)已知函数f (x )=x 2+bx +c (b ,c ∈R ),F (x )=f ′(x )e x ,若F (x )的图象在x =0处的切线方程为y =-2x +c ,则函数f (x )的最小值是( )A .2B .1C .0D .-1解析:选C ∵f ′(x )=2x +b ,∴F (x )=2x +b e x ,F ′(x )=2-2x -be x,又F (x )的图象在x =0处的切线方程为y =-2x +c ,∴⎩⎪⎨⎪⎧ F ′(0)=-2,F (0)=c ,得⎩⎪⎨⎪⎧b =c ,b =4,∴f (x )=(x +2)2≥0,f (x )min=0.8.(2018·唐山模拟)已知函数f (x )=x 2-1,g (x )=ln x ,则下列说法中正确的为( ) A .f (x ),g (x )的图象在点(1,0)处有公切线B .存在f (x )的图象的某条切线与g (x )的图象的某条切线平行C .f (x ),g (x )的图象有且只有一个交点D .f (x ),g (x )的图象有且只有三个交点解析:选B 对于A ,f (x )的图象在点(1,0)处的切线为y =2x -2,函数g (x )的图象在点(1,0)处的切线为y =x -1,故A 错误;对于B ,函数g (x )的图象在(1,0)处的切线为y =x -1,设函数f (x )的图象在点(a ,b )处的切线与y =x -1平行,则f ′(a )=2a =1,a =12,故b =⎝⎛⎭⎫122-1=-34,即g (x )的图象在(1,0)处的切线与f (x )的图象在⎝⎛⎭⎫12,-34处的切线平行,B 正确;如图作出两函数的图象,可知两函数的图象有两个交点,C ,D 错误.故选B.9.(2018·包头一模)已知函数f (x )=x 3+ax +1的图象在点(1,f (1))处的切线过点(2,7),则a =________.解析:函数f (x )=x 3+ax +1的导数为f ′(x )=3x 2+a ,f ′(1)=3+a ,又f (1)=a +2,所以切线方程为y -a -2=(3+a )(x -1),因为切线经过点(2,7),所以7-a -2=(3+a )(2-1),解得a =1.答案:1[大题综合练——迁移贯通]1.(2018·兰州双基过关考试)定义在实数集上的函数f (x )=x 2+x ,g (x )=13x 3-2x +m .(1)求函数f (x )的图象在x =1处的切线方程;(2)若f (x )≥g (x )对任意的x ∈[-4,4]恒成立,求实数m 的取值范围. 解:(1)∵f (x )=x 2+x ,∴f (1)=2.∵f ′(x )=2x +1,∴f ′(1)=3.∴所求切线方程为y -2=3(x -1),即3x -y -1=0. (2)令h (x )=g (x )-f (x )=13x 3-x 2-3x +m ,则h ′(x )=(x -3)(x +1). ∴当-4≤x ≤-1时,h ′(x )≥0; 当-1<x ≤3时,h ′(x )≤0; 当3<x ≤4时,h ′(x )>0.要使f (x )≥g (x )恒成立,即h (x )max ≤0, 由上知h (x )的最大值在x =-1或x =4处取得, 而h (-1)=m +53,h (4)=m -203,∴h (x )的最大值为m +53,∴m +53≤0,即m ≤-53.∴实数m 的取值范围为⎝⎛⎦⎤-∞,-53. 2.(2018·青岛期末)设函数f (x )=ax -bx ,曲线y =f (x )在点(2,f (2))处的切线方程为7x-4y -12=0.(1)求f (x )的解析式;(2)证明曲线f (x )上任一点处的切线与直线x =0和直线y =x 所围成的三角形面积为定值,并求此定值.解:(1)方程7x -4y -12=0可化为y =74x -3,当x =2时,y =12.又因为f ′(x )=a +bx2,所以⎩⎨⎧2a -b 2=12,a +b 4=74.解得⎩⎪⎨⎪⎧a =1,b =3,所以f (x )=x -3x .(2)证明:设P (x 0,y 0)为曲线y =f (x )上任一点,由y ′=1+3x 2知曲线在点P (x 0,y 0)处的切线方程为y -y 0=⎝⎛⎭⎫1+3x 20(x -x 0), 即y -⎝⎛⎭⎫x 0-3x 0=⎝⎛⎭⎫1+3x 20(x -x 0). 令x =0,得y =-6x 0,所以切线与直线x =0的交点坐标为⎝⎛⎭⎫0,-6x 0.令y =x ,得y =x =2x 0,所以切线与直线y =x 的交点坐标为(2x 0,2x 0).所以曲线y =f (x )在点P (x 0,y 0)处的切线与直线x =0,y =x 所围成的三角形的面积S =12⎪⎪⎪⎪-6x 0 |2x 0|=6. 故曲线y =f (x )上任一点处的切线与直线x =0,y =x 所围成的三角形面积为定值,且此定值为6.3.已知函数f (x )=13x 3-2x 2+3x (x ∈R )的图象为曲线C .(1)求过曲线C 上任意一点切线斜率的取值范围;(2)若在曲线C 上存在两条相互垂直的切线,求其中一条切线与曲线C 的切点的横坐标的取值范围.(3)证明:不存在与曲线C 同时切于两个不同点的直线. 解:(1)由题意得f ′(x )=x 2-4x +3, 则f ′(x )=(x -2)2-1≥-1,即过曲线C 上任意一点切线斜率的取值范围是[-1,+∞). (2)设曲线C 的其中一条切线的斜率为k , 则由题意,及(1)可知,⎩⎪⎨⎪⎧k ≥-1,-1k ≥-1,解得-1≤k <0或k ≥1,故由-1≤x 2-4x +3<0或x 2-4x +3≥1, 得x ∈(-∞,2-2]∪(1,3)∪[2+2,+∞).(3)证明:设存在直线与曲线C 同时切于不同的两点A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),x 1≠x 2,则点A (x 1,y 1)处的切线方程为y -⎝⎛⎭⎫13x 31-2x 21+3x 1=(x 21-4x 1+3)(x -x 1),化简得y =(x 21-4x 1+3)x +⎝⎛⎭⎫-23x 31+2x 21,而点B (x 2,y 2)处的切线方程是y =(x 22-4x 2+3)x +⎝⎛⎭⎫-23x 32+2x 22. 由于两切线是同一直线,则有x 21-4x 1+3=x 22-4x 2+3,即x 1+x 2=4;又有-23x 31+2x 21=-23x 32+2x 22,即-23(x 1-x 2)·(x 21+x 1x 2+x 22)+2(x 1-x 2)(x 1+x 2)=0,则-13(x 21+x 1x 2+x 22)+4=0,则x 1(x 1+x 2)+x 22-12=0,即(4-x 2)×4+x 22-12=0,即x 22-4x 2+4=0,解得x 2=2.但当x 2=2时,由x 1+x 2=4得x 1=2,这与x 1≠x 2矛盾. 所以不存在与曲线C 同时切于两个不同点的直线.第二节 导数与函数的单调性本节主要包括2个知识点:1.利用导数讨论函数的单调性或求函数的单调区间;2.利用导数解决函数单调性的应用问题.突破点(一)利用导数讨论函数的单调性或求函数的单调区间[基本知识]1.函数的单调性与导数的关系函数y=f(x)在某个区间内可导:(1)若f′(x)>0,则f(x)在这个区间内单调递增;(2)若f′(x)<0,则f(x)在这个区间内单调递减;(3)若f′(x)=0,则f(x)在这个区间内是常数函数.2.由函数的单调性与导数的关系可得的结论(1)函数f(x)在(a,b)内可导,且f′(x)在(a,b)任意子区间内都不恒等于0.当x∈(a,b)时,f′(x)≥0⇔函数f(x)在(a,b)上单调递增;f′(x)≤0⇔函数f(x)在(a,b)上单调递减.(2)f′(x)>0(<0)在(a,b)上成立是f(x)在(a,b)上单调递增(减)的充分条件.[基本能力]1.判断题(1)若函数f(x)在区间(a,b)上单调递增,那么在区间(a,b)上一定有f′(x)>0.()(2)如果函数在某个区间内恒有f′(x)=0,则函数f(x)在此区间上没有单调性.()(3)f′(x)>0是f(x)为增函数的充要条件.()答案:(1)×(2)√(3)×2.填空题(1)函数f(x)=e x-x的减区间为________.答案:(-∞,0)(2)函数f(x)=1+x-sin x在(0,2π)上的单调情况是________.答案:单调递增(3)已知f(x)=x3-ax在[1,+∞)上是增函数,则a的最大值是________.答案:3[全析考法][例1] (2016·山东高考节选)已知f (x )=a (x -ln x )+2x -1x 2,a ∈R .讨论f (x )的单调性.[解] f (x )的定义域为(0,+∞),f ′(x )=a -a x -2x 2+2x 3=(ax 2-2)(x -1)x 3.当a ≤0,x ∈(0,1)时, f ′(x )>0,f (x )单调递增; x ∈(1,+∞)时, f ′(x )<0,f (x )单调递减. 当a >0时,f ′(x )=a (x -1)x 3⎝⎛⎭⎫x - 2a ⎝⎛⎭⎫x + 2a . ①若0<a <2,则 2a >1, 当x ∈(0,1)或x ∈⎝⎛⎭⎫2a ,+∞时, f ′(x )>0,f (x )单调递增; 当x ∈⎝⎛⎭⎫1,2a 时,f ′(x )<0,f (x )单调递减. ②若a =2,则2a =1,在x ∈(0,+∞)内,f ′(x )≥0,f (x )单调递增.③若a >2,则0< 2a <1,当x ∈⎝⎛⎭⎫0,2a 或x ∈(1,+∞)时, f ′(x )>0,f (x )单调递增;当x ∈⎝⎛⎭⎫2a ,1时,f ′(x )<0,f (x )单调递减. 综上所述,当a ≤0时,f (x )在(0,1)内单调递增, 在(1,+∞)内单调递减;当0<a <2时,f (x )在(0,1)内单调递增,在⎝⎛⎭⎫1,2a 内单调递减,在⎝⎛⎭⎫ 2a ,+∞内单调递增;当a =2时,f (x )在(0,+∞)内单调递增; 当a >2时,f (x )在⎝⎛⎭⎫0,2a 内单调递增,在⎝⎛⎭⎫ 2a ,1内单调递减,在(1,+∞)内单调递增.[方法技巧]导数法研究函数f (x )在(a ,b )内单调性的步骤(1)求f ′(x );(2)确定f ′(x )在(a ,b )内的符号;(3)作出结论:f ′(x )>0时为增函数;f ′(x )<0时为减函数.[提醒] 研究含参数函数的单调性时,需注意依据参数取值对不等式解集的影响进行分类讨论.求函数的单调区间[例2] (2018·山东德州期中)已知函数f (x )=13x 3-(2m +1)x 2+3m (m +2)x +1,其中m为实数.(1)当m =-1时,求函数f (x )在[-4,4]上的最大值和最小值; (2)求函数f (x )的单调递增区间.[解] (1)当m =-1时,f (x )=13x 3+x 2-3x +1,f ′(x )=x 2+2x -3=(x +3)(x -1).当x <-3或x >1时,f ′(x )>0,f (x )单调递增; 当-3<x <1时,f ′(x )<0,f (x )单调递减. ∴当x =-3时,f (x )极大值=10; 当x =1时,f (x )极小值=-23.又∵f (-4)=233,f (4)=793,∴函数f (x )在[-4,4]上的最大值为793,最小值为-23.(2)f ′(x )=x 2-2(2m +1)x +3m (m +2) =(x -3m )(x -m -2).当3m =m +2,即m =1时,f ′(x )=(x -3)2≥0, ∴f (x )单调递增,即f (x )的单调递增区间为(-∞,+∞).当3m >m +2,即m >1时,由f ′(x )=(x -3m )(x -m -2)>0可得x <m +2或x >3m , 此时f (x )的单调递增区间为(-∞,m +2),(3m ,+∞).当3m <m +2,即m <1时,由f ′(x )=(x -3m )(x -m -2)>0可得x <3m 或x >m +2, 此时f (x )的单调递增区间为(-∞,3m ),(m +2,+∞). 综上所述:当m =1时,f (x )的单调递增区间为(-∞,+∞); 当m >1时,f (x )的单调递增区间为(-∞,m +2),(3m ,+∞); 当m <1时,f (x )的单调递增区间为(-∞,3m ),(m +2,+∞).[方法技巧] 用导数求函数单调区间的三种类型及方法[全练题点]1.[考点二](2018·江西金溪一中等校联考)已知函数f (x )与f ′(x )的图象如图所示,则函数g (x )=f (x )ex 的单调递减区间为( )A .(0,4)B .(-∞,1),⎝⎛⎭⎫43,4C.⎝⎛⎭⎫0,43 D .(0,1),(4,+∞)解析:选D g ′(x )=f ′(x )e x -f (x )e x (e x )2=f ′(x )-f (x )e x ,令g ′(x )<0,即f ′(x )-f (x )<0,由题图可得x ∈(0,1)∪(4,+∞).故函数g (x )的单调递减区间为(0,1),(4,+∞).故选D.2.[考点二](2018·芜湖一模)函数f (x )=e x -e x ,x ∈R 的单调递增区间是( ) A.()0,+∞ B.()-∞,0 C.()-∞,1D.()1,+∞解析:选D 由题意知,f ′(x )=e x -e ,令f ′(x )>0,解得x >1,故选D. 3.[考点一]已知函数f (x )=x -2x +1-a ln x ,a >0.讨论f (x )的单调性.解:由题意知,f (x )的定义域是(0,+∞),导函数f ′(x )=1+2x 2-a x =x 2-ax +2x 2.设g (x )=x 2-ax +2,二次方程g (x )=0的判别式Δ=a 2-8.①当Δ≤0,即0<a ≤22时,对一切x >0都有f ′(x )≥0.此时f (x )是(0,+∞)上的单调递增函数.②当Δ>0,即a >22时,方程g (x )=0有两个不同的实根x 1=a -a 2-82,x 2=a +a 2-82,0<x 1<x 2.所以f (x ),f ′(x )随x 的变化情况如下表:此时f (x )在 ⎝ ⎛⎭⎪⎫0,a -a 2-82上单调递增,在⎝ ⎛⎭⎪⎫a -a 2-82,a +a 2-82上单调递减, 在⎝ ⎛⎭⎪⎫a +a 2-82,+∞上单调递增.4.[考点二]已知函数f (x )=ax 2+1(a >0),g (x )=x 3+bx .(1)若曲线y =f (x )与曲线y =g (x )在它们的交点(1,c )处具有公共切线,求a ,b 的值; (2)当a 2=4b 时,求函数f (x )+g (x )的单调区间. 解:(1)f ′(x )=2ax ,g ′(x )=3x 2+b , 由已知可得⎩⎪⎨⎪⎧f (1)=a +1=c ,g (1)=1+b =c ,2a =3+b ,解得a =b =3.(2)令F (x )=f (x )+g (x )=x 3+ax 2+a 24x +1,F ′(x )=3x 2+2ax +a 24,令F ′(x )=0,得x 1=-a 2,x 2=-a6,∵a >0,∴x 1<x 2,由F ′(x )>0得,x <-a 2或x >-a6;由F ′(x )<0得,-a 2<x <-a6.∴函数f (x )+g (x )的单调递增区间是⎝⎛⎭⎫-∞,-a 2,⎝⎛⎭⎫-a6,+∞;单调递减区间为⎝⎛⎭⎫-a 2,-a 6.突破点(二) 利用导数解决函数单调性的应用问题利用导数解决函数单调性的应用问题主要有:(1)已知函数的单调性求参数范围问题:此类问题是近几年高考的热点,一般为解答题的第二问,难度中档.有时也以选择题、填空题的形式出现,难度中高档.解决此类问题的关键是转化为恒成立问题,再参变分离,转化为最值问题求解.(2)比较大小或解不等式问题:利用导数方法解决此类问题的主要技巧就是灵活地构造函数,通过函数的性质求解.[全析考法]已知函数的单调性求参数的取值范围[例1] (1)若f (x )在区间(1,+∞)上为增函数,求a 的取值范围; (2)若f (x )在区间(-1,1)上为减函数,求a 的取值范围; (3)若f (x )的单调递减区间为(-1,1),求a 的值.[解] (1)因为f ′(x )=3x 2-a ,且f (x )在区间(1,+∞)上为增函数, 所以f ′(x )≥0在(1,+∞)上恒成立, 即3x 2-a ≥0在(1,+∞)上恒成立, 所以a ≤3x 2在(1,+∞)上恒成立, 所以a ≤3,即a 的取值范围为(-∞,3]. (2)因为f (x )在区间(-1,1)上为减函数, 所以f ′(x )=3x 2-a ≤0在(-1,1)上恒成立, 即a ≥3x 2在(-1,1)上恒成立.因为-1<x <1,所以3x 2<3,所以a ≥3. 即a 的取值范围为[3,+∞). (3)因为f (x )=x 3-ax -1,所以f ′(x )=3x 2-a .由f ′(x )=0,得x =±3a3(a ≥0). 因为f (x )的单调递减区间为(-1,1), 所以3a3=1,即a =3.[方法技巧]由函数的单调性求参数取值范围的方法(1)可导函数在区间(a ,b )上单调,实际上就是在该区间上f ′(x )≥0(或f ′(x )≤0)恒成立,得到关于参数的不等式,从而转化为求函数的最值问题,求出参数的取值范围,注意检验等号成立时导数是否在(a ,b )上恒为0.(2)可导函数在区间(a ,b )上存在单调区间,实际上就是f ′(x )>0(或f ′(x )<0)在该区间上存在解集,即f ′(x )max >0(或f ′(x )min <0)在该区间上有解,从而转化为不等式问题,求出参数的取值范围.(3)若已知f (x )在区间I 上的单调性,区间I 上含有参数时,可先求出f (x )的单调区间,令I 是其单调区间的子集,从而求出参数的取值范围.比较大小或解不等式[例2] (1)(2017·吉林长春三模)定义在R 上的函数f (x )满足:f ′(x )>f (x )恒成立,若x 1<x 2,则e x 1f (x 2)与e x 2f (x 1) 的大小关系为( )A .e x 1f (x 2)>e x 2f (x 1)B .e x 1f (x 2)<e x 2f (x 1)C .e x 1f (x 2)=e x 2f (x 1)D .e x 1f (x 2)与e x 2f (x 1)的大小关系不确定(2)已知函数f (x )(x ∈R )满足f (1)=1,且f (x )的导数f ′(x )<12,则不等式f (x 2)<x 22+12的解集为________.[解析] (1)设g (x )=f (x )ex ,则g ′(x )=f ′(x )e x -f (x )e x (e x )2=f ′(x )-f (x )e x ,由题意得g ′(x )>0,所以g (x )单调递增, 当x 1<x 2时,g (x 1)<g (x 2),即f (x 1)e x 1<f (x 2)ex 2, 所以e x 1f (x 2)>e x 2f (x 1).(2)设F (x )=f (x )-12x ,∴F ′(x )=f ′(x )-12,∵f ′(x )<12,∴F ′(x )=f ′(x )-12<0,即函数F (x )在R 上单调递减.∵f (x 2)<x 22+12,∴f (x 2)-x 22<f (1)-12,∴F (x 2)<F (1),而函数F (x )在R 上单调递减, ∴x 2>1,即x ∈(-∞,-1)∪(1,+∞). [答案] (1)A (2)(-∞,-1)∪(1,+∞)[方法技巧]利用导数比较大小或解不等式的常用技巧利用题目条件,构造辅助函数,把比较大小或求解不等式的问题转化为先利用导数研究函数的单调性问题,再由单调性比较大小或解不等式.常见构造的辅助函数形式有:(1)f (x )>g (x )→F (x )=f (x )-g (x ); (2)xf ′(x )+f (x )→[xf (x )]′; (3)xf ′(x )-f (x )→⎣⎡⎦⎤f (x )x ′;(4)f ′(x )+f (x )→[e x f (x )]′; (5)f ′(x )-f (x )→⎣⎡⎦⎤f (x )e x ′.[全练题点]1.[考点一]若函数f (x )=x 3-ax 2+4在区间[0,2]上单调递减,则( ) A .a ≥3 B .a =3 C .a ≤3D .0<a <3解析:选A 因为函数f (x )=x 3-ax 2+4在区间[0,2]上单调递减,所以f ′(x )=3x 2-2ax ≤0在[0,2]上恒成立.当x =0时,显然成立,当x ≠0时,a ≥32x 在(0,2]上恒成立.因为32x ≤3,所以a ≥3.综上,a ≥3. 2.[考点一]已知函数f (x )=12x 2-t cos x ,若其导函数f ′(x )在R 上单调递增,则实数t 的取值范围为( )A.⎣⎡⎦⎤-1,-13 B.⎣⎡⎦⎤-13,13 C .[-1,1]D.⎣⎡⎦⎤-1,13解析:选C 因为f (x )=12x 2-t cos x ,所以f ′(x )=x +t sin x .令g (x )=f ′(x ),因为f ′(x )在R 上单调递增,所以g ′(x )=1+t cos x ≥0恒成立,所以t cos x ≥-1恒成立,因为cos x∈[-1,1],所以⎩⎪⎨⎪⎧-t ≥-1,t ≥-1,所以-1≤t ≤1,即实数t 的取值范围为[-1,1].3.[考点二]对于R 上可导的任意函数f (x ),若满足1-xf ′(x )≤0,则必有( )A .f (0)+f (2)>2f (1)B .f (0)+f (2)≤2f (1)C .f (0)+f (2)<2f (1)D .f (0)+f (2)≥2f (1)解析:选A 当x <1时,f ′(x )<0,此时函数f (x )单调递减,当x >1时,f ′(x )>0,此时函数f (x )单调递增,∴当x =1时,函数f (x )取得极小值同时也取得最小值,所以f (0)>f (1),f (2)>f (1),则f (0)+f (2)>2f (1).4.[考点二](2018·江西赣州联考)定义在R 上的函数f (x )满足:f (x )>1-f ′(x ),f (0)=0,f ′(x )是f (x )的导函数,则不等式e x f (x )>e x -1(其中e 为自然对数的底数)的解集为( )A .(0,+∞)B .(-∞,-1)∪(0,+∞)C .(-∞,0)∪(1,+∞)D .(-1,+∞)解析:选A 设g (x )=e x f (x )-e x ,则g ′(x )=e x f (x )+e x f ′(x )-e x .由已知f (x )>1-f ′(x ),可得g ′(x )>0在R 上恒成立,即g (x )是R 上的增函数.因为f (0)=0,所以g (0)=-1,则不等式e x f (x )>e x -1可化为g (x )>g (0),所以原不等式的解集为(0,+∞).5.[考点一](2018·四川成都模拟)已知函数f (x )=-12x 2+4x -3ln x 在区间[t ,t +1]上不单调,则t 的取值范围是________.解析:由题意知f ′(x )=-x +4-3x =-(x -1)(x -3)x ,由f ′(x )=0得函数f (x )的两个极值点为1和3,则只要这两个极值点有一个在区间(t ,t +1)内,函数f (x )在区间[t ,t +1]上就不单调,∴1∈(t ,t +1)或3∈(t ,t +1)⇔⎩⎪⎨⎪⎧ t <1,t +1>1或⎩⎪⎨⎪⎧t <3,t +1>3⇔0<t <1或2<t <3.答案:(0,1)∪(2,3)6.[考点一](2018·辽宁大连双基测试)已知函数f (x )=ln x +axx +1(a ∈R ).(1)若函数f (x )在区间(0,4)上单调递增,求a 的取值范围; (2)若函数y =f (x )的图象与直线y =2x 相切,求a 的值.解:(1)f ′(x )=1x +a (x +1)-ax (x +1)2=(x +1)2+axx (x +1)2.∵函数f (x )在区间(0,4)上单调递增,∴f ′(x )≥0在(0,4)上恒成立,∴(x +1)2+ax ≥0, 即a ≥-x 2+2x +1x =-⎝⎛⎭⎫x +1x -2在(0,4)上恒成立. ∵x +1x ≥2,当且仅当x =1时取等号,∴a ∈[-4,+∞).(2)设切点为(x 0,y 0),则y 0=2x 0,f ′(x 0)=2,y 0=ln x 0+ax 0x 0+1,∴1x 0+a (x 0+1)2=2,①且2x 0=ln x 0+ax 0x 0+1.② 由①得a =⎝⎛⎭⎫2-1x 0(x 0+1)2,③ 代入②,得2x 0=ln x 0+(2x 0-1)(x 0+1), 即ln x 0+2x 20-x 0-1=0.令F (x )=ln x +2x 2-x -1,x >0,则 F ′(x )=1x +4x -1=4x 2-x +1x >0, ∴F (x )在(0,+∞)上单调递增. ∵F (1)=0,∴x 0=1,代入③式得a =4.[全国卷5年真题集中演练——明规律] 1.(2014·全国卷Ⅱ)若函数f (x )=kx -ln x 在区间(1,+∞)单调递增,则k 的取值范围是( )A .(-∞,-2]B .(-∞,-1]C .[2,+∞)D .[1,+∞)解析:选D 因为f (x )=kx -ln x ,所以f ′(x )=k -1x . 因为f (x )在区间(1,+∞)上单调递增, 所以当x >1时,f ′(x )=k -1x ≥0恒成立, 即k ≥1x 在区间(1,+∞)上恒成立. 因为x >1,所以0<1x <1,所以k ≥1.故选D.2.(2016·全国卷Ⅰ)若函数f (x )=x -13sin 2x +a sin x 在(-∞,+∞)单调递增,则a 的取值范围是( )A .[-1,1] B.⎣⎡⎦⎤-1,13 C.⎣⎡⎦⎤-13,13 D.⎣⎡⎦⎤-1,-13 解析:选C 法一:取a =-1,则f (x )=x -13sin 2x -sin x ,f ′(x )=1-23cos 2x -cos x ,但f ′(0)=1-23-1=-23<0,不具备在(-∞,+∞)单调递增的条件,故排除A 、B 、D.故选C.法二:函数f (x )=x -13sin 2x +a sin x 在(-∞,+∞)单调递增,等价于f ′(x )=1-23cos2x +a cos x =-43cos 2x +a cos x +53≥0在(-∞,+∞)恒成立.设cos x =t ,则g (t )=-43t 2+at +53≥0在[-1,1]恒成立,所以⎩⎨⎧g (1)=-43+a +53≥0,g (-1)=-43-a +53≥0,解得-13≤a ≤13.故选C.3.(2015·全国卷Ⅱ)设函数f ′(x )是奇函数f (x )(x ∈R )的导函数,f (-1)=0,当x >0时,xf ′(x )-f (x )<0,则使得f (x )>0成立的x 的取值范围是( )A .(-∞,-1)∪(0,1)B .(-1,0)∪(1,+∞)C .(-∞,-1)∪(-1,0)D .(0,1)∪(1,+∞)解析:选A 设y =g (x )=f (x )x (x ≠0),则g ′(x )=xf ′(x )-f (x )x 2,当x >0时,xf ′(x )-f (x )<0,∴g ′(x )<0,∴g (x )在(0,+∞)上为减函数,且g (1)=f (1)=-f (-1)=0.∵f (x )为奇函数,∴g (x )为偶函数,∴g (x )的图象的示意图如图所示.当x >0时,由f (x )>0,得g (x )>0,由图知0<x <1,当x <0时,由f (x )>0,得g (x )<0,由图知x <-1,∴使得f (x )>0成立的x 的取值范围是(-∞,-1)∪(0,1),故选A.4.(2017·全国卷Ⅰ)已知函数f (x )=a e 2x +(a -2)e x -x . (1)讨论f (x )的单调性;(2)若f (x )有两个零点,求a 的取值范围. 解:(1)f (x )的定义域为(-∞,+∞),f ′(x )=2a e 2x +(a -2)e x -1=(a e x -1)(2e x +1). (ⅰ)若a ≤0,则f ′(x )<0,所以f (x )在(-∞,+∞)上单调递减. (ⅱ)若a >0,则由f ′(x )=0,得x =-ln a .当x ∈(-∞,-ln a )时,f ′(x )<0; 当x ∈(-ln a ,+∞)时,f ′(x )>0.所以f (x )在(-∞,-ln a )上单调递减,在(-ln a ,+∞)上单调递增. (2)(ⅰ)若a ≤0,由(1)知,f (x )至多有一个零点.(ⅱ)若a >0,由(1)知,当x =-ln a 时,f (x )取得最小值,最小值为f (-ln a )=1-1a +ln a .①当a =1时,由于f (-ln a )=0, 故f (x )只有一个零点;②当a ∈(1,+∞)时,由于1-1a +ln a >0,即f (-ln a )>0,故f (x )没有零点;③当a ∈(0,1)时,1-1a +ln a <0,即f (-ln a )<0.又f (-2)=a e -4+(a -2)e -2+2>-2e -2+2>0,故f (x )在(-∞,-ln a )有一个零点. 设正整数n 0满足n 0>ln ⎝⎛⎭⎫3a -1,则f (n 0)=e n 0(a e n 0+a -2)-n 0>e n 0-n 0>2n 0-n 0>0. 由于ln ⎝⎛⎭⎫3a -1>-ln a ,因此f (x )在(-ln a ,+∞)有一个零点. 综上,a 的取值范围为(0,1).[课时达标检测][小题对点练——点点落实]对点练(一) 利用导数讨论函数的单调性或求函数的单调区间1.(2018·福建龙岩期中)函数f (x )=x 3+bx 2+cx +d 的图象如图,则函数y =log 2⎝⎛⎭⎫x 2+23bx +c 3的单调递减区间为( ) A .(-∞,-2) B .[3,+∞) C .[-2,3]D.⎣⎡⎭⎫12,+∞ 解析:选A 由题图可以看出-2,3是函数f (x )=x 3+bx 2+cx +d 的两个极值点,即方程f ′(x )=3x 2+2bx +c =0的两根,所以-2b 3=1,c3=-6,即2b =-3,c =-18,所以函数y =log 2⎝⎛⎭⎫x 2+23bx +c 3可化为y =log 2(x 2-x -6).解x 2-x -6>0得x <-2或x >3.因为二次函数y =x 2-x -6的图象开口向上,对称轴为直线x =12,所以函数y =log 2(x 2-x -6)的单调递减区间为(-∞,-2).故选A.2.(2017·焦作二模)设函数f (x )=2(x 2-x )ln x -x 2+2x ,则函数f (x )的单调递减区间为( )A.⎝⎛⎭⎫0,12B.⎝⎛⎭⎫12,1 C .(1,+∞)D .(0,+∞)解析:选B 由题意可得f (x )的定义域为(0,+∞),f ′(x )=2(2x -1)ln x +2(x 2-x )·1x -2x +2=(4x -2)ln x .由f ′(x )<0可得(4x -2)ln x <0,所以⎩⎪⎨⎪⎧ 4x -2>0,ln x <0,或⎩⎪⎨⎪⎧4x -2<0,ln x >0,解得12<x <1,故函数f (x )的单调递减区间为⎝⎛⎭⎫12,1,故选B. 3.(2018·湖北荆州质检)函数f (x )=ln x -12x 2-x +5的单调递增区间为________.解析:函数f (x )的定义域为(0,+∞),再由f ′(x )=1x -x -1>0可解得0<x <5-12.答案:⎝ ⎛⎭⎪⎫0,5-12 对点练(二) 利用导数解决函数单调性的应用问题1.(2018·河南洛阳模拟)已知函数f (x )=-x 3+ax 2-x -1在R 上是单调函数,则实数a 的取值范围是( )A .(-∞,- 3 ]∪[3,+∞)B .[-3, 3 ]C .(-∞,-3)∪(3,+∞)D .(-3,3)解析:选B f ′(x )=-3x 2+2ax -1,由题意知,f ′(x )≤0在R 上恒成立,则Δ=(2a )2-4×(-1)×(-3)≤0恒成立,解得-3≤a ≤ 3.2.(2018·河北正定中学月考)函数f (x )在定义域R 内可导,若f (x )=f (2-x ),且当x ∈(-∞,1)时,(x -1)·f ′(x )<0,设a =f (0),b =f ⎝⎛⎭⎫12,c =f (3),则( )A .a <b <cB .c <a <bC .c <b <aD .b <c <a解析:选B 由f (x )=f (2-x )可知,f (x )的图象关于直线x =1对称.根据题意知当x ∈(-∞,1)时,f ′(x )>0,f (x )为增函数,当x ∈(1,+∞)时,f ′(x )<0,f (x )为减函数,所以f (3)=f (-1)<f (0)<f ⎝⎛⎭⎫12,即c <a <b .故选B.3.(2018·河北唐山期末)已知函数f (x )=ln(e x +e -x )+x 2,则使得f (2x )>f (x +3)成立的x的取值范围是( )A .(-1,3)B .(-∞,-3)∪(3,+∞)C .(-3,3)D .(-∞,-1)∪(3,+∞)解析:选D 因为f (-x )=ln(e -x +e x )+(-x )2=ln(e x +e -x )+x 2=f (x ),所以函数f (x )是偶函数.通过导函数可知函数y =e x +e-x在(0,+∞)上是增函数,所以函数f (x )=ln(e x +e-x)+x 2在(0,+∞)上也是增函数,所以不等式f (2x )>f (x +3)等价于|2x |>|x +3|,解得x <-1或x >3.故选D.4.(2018·云南大理州统测)定义在R 上的函数f (x )的导函数为f ′(x ),若对任意x ,有f (x )>f ′(x ),且f (x )+2 017为奇函数,则不等式f (x )+2 017e x <0的解集是( )A .(-∞,0)B .(0,+∞) C.⎝⎛⎭⎫-∞,1e D.⎝⎛⎭⎫1e ,+∞解析:选B 设h (x )=f (x )e x ,则h ′(x )=f ′(x )-f (x )e x<0,所以h (x )是定义在R 上的减函数.因为f (x )+2 017为奇函数,所以f (0)=-2 017,h (0)=-2 017.因为f (x )+2 017e x <0,所以f (x )e x <-2 017,即h (x )<h (0),结合函数h (x )的单调性可知x >0,所以不等式f (x )+2 017e x <0的解集是(0,+∞).故选B.5.若函数f (x )=x +4mx -m ln x 在[1,2]上为减函数,则m 的最小值为( ) A.32 B.34 C.23D.43解析:选C 因为f (x )=x +4m x -m ln x 在[1,2]上为减函数,所以f ′(x )=1-4m x2-m x =x 2-mx -4mx2≤0在[1,2]上恒成立,所以x 2-mx -4m ≤0在[1,2]上恒成立.令g (x )=x 2-mx -4m ,所以⎩⎪⎨⎪⎧g (1)=1-m -4m ≤0,g (2)=4-2m -4m ≤0,所以m ≥23,故m 的最小值为23,故选C.6.已知函数f (x )=x sin x ,x 1,x 2∈⎝⎛⎭⎫-π2,π2,且f (x 1)<f (x 2),那么( ) A .x 1-x 2>0B .x 1+x 2>0C .x 21-x 22>0D .x 21-x 22<0解析:选D 由f (x )=x sin x 得f ′(x )=sin x +x cos x ,当x ∈⎝⎛⎭⎫0,π2时,f ′(x )>0,即f (x )在⎝⎛⎭⎫0,π2上为增函数,又f (-x )=-x sin(-x )=x sin x =f (x ),因而f (x )为偶函数,∴当f (x 1)<f (x 2)时有f (|x 1|)<f (|x 2|),∴|x 1|<|x 2|,x 21-x 22<0,。

2018高考数学(理)大一轮复习课件:第三章 导数及其应用 第二节 导数与函数的单调性

2018高考数学(理)大一轮复习课件:第三章 导数及其应用 第二节 导数与函数的单调性

1 由曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线垂直于直线y= 2 x, 3 5 知f′(1)=-4-a=-2,解得a=4.
x2-4x-5 x 5 3 所以f(x)=4+4x-ln x-2,则f′(x)= , 4x2 令f′(x)=0,解得x=-1或x=5, 因x=-1不在f(x)的定义域(0,+∞)内,故舍去. 当x∈(0,5)时,f′(x)<0,故f(x)在(0,5)内为减函数; 当x∈(5,+∞)时,f′(x)>0,故f(x)在(5,+∞)内为增 函数. 所以函数f(x)的单调递增区间为(5,+∞),单调递减区 间为(0,5).
值对不等式解集的影响进行分类讨论.
求函数的单调区间
[例2] x a 3 已知函数f(x)= 4 + x -ln x- 2 ,其中a∈R,且曲
1 线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线垂直于直线y= 2 x,求函数f(x) 的单调区间.
[解]
1 a 1 对f(x)求导得f′(x)=4-x2-x,
第二节 导数与 函数的 单调性
本节主要包括2个知识点: 1.利用导数讨论函数的单调性或求函数的单调区间; 2.利用导数解决函数单调性的应用问题.
突破点(一)
基础联通
利用导数讨论函数的单调性或求函数的单调区间
抓主干知识的“源”与“流”
1.函数的单调性与导数的关系 函数y=f(x)在某个区间内可导: (1)若f′(x)>0,则f(x)在这个区间内 单调递增 ; (2)若f′(x)<0,则f(x)在这个区间内 单调递减 ; (3)若f′(x)=0,则f(x)在这个区间内是 常数函数 .
考点贯通
抓高考命题的“形”与“神”
证明或讨论函数的单调性
判断函数单调性的三种方法

【数学课件】2018版高考数学(文)一轮复习:第3章-导数及其应用(人教A版4份)

【数学课件】2018版高考数学(文)一轮复习:第3章-导数及其应用(人教A版4份)

考点突破
课堂总结
4.(2017· 豫北名校期末联考)曲线y=-5ex+3在点(0,-2) 处的切线方程为________. 解析 ∵y′=-5ex,∴所求曲线的切线斜率k=y′|x=0=
-5e0=-5,∴切线方程为y-(-2)=-5(x-0),即5x
+y+2=0. 答案 5x+y+2=0
基础诊断
考点突破
课堂总结
5.(2015· 全国 Ⅰ 卷 ) 已知函数 f(x) = ax3 +x +1 的图象在点 (1 , f(1))处的切线过点(2,7),则a=________. 解析 由题意可得f′(x)=3ax2+1,则f′(1)=3a+1,
又f(1)=a+2,
∴切线方程为y-(a+2)=(3a+1)(x-1). ∵切线过点(2,7), ∴7-(a+2)=3a+1,解得a=1. 答案 1
f′(x)g(x)-f(x)g′(x) f (x ) 2 [ g ( x ) ] (3) ′=______________________________ (g(x)≠0).
g(x)
基础诊断 考点突破 课堂总结
诊断自测 1.判断正误(在括号内打“√”或“×”) (1)f′(x0)与(f(x0))′表示的意义相同.( )
(2)求f′(x0)时,应先求f′(x),再代入求值,(2)错.
(4)f(x)=a3+2ax+x2=x2+2ax+a3,∴f′(x)=2x+2a,(4)错. 答案 (1)× (2)× (3)√ (4)×
基础诊断 考点突破 课堂总结
3 2.(选修 1-1P75 例 1 改编)有一机器人的运动方程为 s(t)=t + t (t 是时间,s 是位移),则该机器人在时刻 t=2 时的瞬时速度为 ( ) 19 17 15 13 A. 4 B. 4 C. 4 D. 4 3 解析 由题意知,机器人的速度方程为 v(t)=s′(t)=2t- 2, t 3 13 故当 t=2 时,机器人的瞬时速度为 v(2)=2×2- 2= . 2 4 答案 D

2018届高三数学一轮复习第三章导数及其应用第四节导数与函数的综合问题课件文

2018届高三数学一轮复习第三章导数及其应用第四节导数与函数的综合问题课件文
=e,所以g(x)=ex-x+ 1 x2,则g'(x)=ex-1+x,当x<0时,g'(x)<0,当x>0时,g'(x)>0,所 以当x=0时,函数g(x2 )取得最小值g(0)=1,根据题意将不等式转化为2m-1 ≥g(x)min=1,所以m≥1,故选C.
2
∴实数k的取值范围是
.,
1 2
1-1 (2016湖北优质高中联考)已知函数g(x)满足g(x)=g'(1)ex-1-g(0)x+ 1 x2,
2
且存在实数x0使得不等式2m-1≥g(x0)成立,则m的取值范围为 ( )
A.(-∞,2] B.(-∞,3] C.[1,+∞) D.[0,+∞) 答案 C g'(x)=g'(1)ex-1-g(0)+x,当x=1时,g(0)=1,由g(0)=g'(1)e0-1,解得g'(1)
方程f '(x)=0的判别式Δ=(2b)2-12ac, (1)当Δ≤0,即b2≤3ac时, f '(x)≥0恒成立, f(x)在R上为增函数,结合函数f(x) 的图象知,方程f(x)=0有① 唯一 一个实根. (2)当Δ>0,即b2>3ac时,方程f '(x)=0有两个不同的实根,设为x1,x2(x1<x2),函 数在x1处取得极大值M,在x2处取得极小值m(M>m). a.当m>0时,方程f(x)=0有② 一 个实根; b.当m=0时,方程f(x)=0有③ 两 个实根; c.当m<0,M>0时,方程f(x)=0有④ 三 个实根; d.当M=0时,方程f(x)=0有⑤ 两 个实根; e.当M<0时,方程f(x)=0有⑥ 一 个实根.

全国通用2018版高考数学一轮复习第三章导数及其应用3.2.1导数与函数的单调性课件文北师大版

全国通用2018版高考数学一轮复习第三章导数及其应用3.2.1导数与函数的单调性课件文北师大版
(1)极值点与极值
设函数f(x)在点x0及附近有定义,且在x0两侧的单调性相反 或导数值 异号 ,则x0为函数f(x)的极值点,f(x0)为函数的 极值.
(2)极大值点与极小值点 ①若先增后减(导数值先正后负),则x0为 极大值 点; ②若先减后增(导数值先负后正),则x0为 极小值 点.
(3)求可导函数极值的步骤:
【训练1】 设f(x)=ex(ax2+x+1)(a>0),试讨论f(x)的单调 性.
解 f′(x)=ex(ax2+x+1)+ex(2ax+1) =ex[ax2+(2a+1)x+2] =ex(ax+1)(x+2) =aexx+1a(x+2) ①当 a=12时,f′(x)=12ex(x+2)2≥0 恒成立, ∴函数 f(x)在 R 上单调递增;
(1)若函数f(x)在区间(a,b)上单调递增,那么在区间(a,b)
上一定有f′(x)>0.
()
(2)f′(x)>0是f(x)为增函数的充要条件.
()
(3)对可导函数f(x),f′(x0)=0是x0为极值点的充要条件. ()
(4)函数的最大值不一定是极大值,函数的最小值也不一
定是极小值.
()
解 析 (1) 函 数 f(x) 在 (a , b) 上 单 调 递 增 , 则 在 (a , b) 上 有 f′(x)≥0,故(1)错. (2)f′(x)>0是f(x)为增函数的充分不必要条件,(2)错. (3)如f(x)=x3,当x=0时,f′(x)=0,而函数f(x)在R上为增函 数,所以x=0不是极值点,故(3)错. 答案 (1)× (2)× (3)× (4)√

()
A.-4 B.-2 C.4 D.2
解析 由题意得f′(x)=3x2-12,令f′(x)=0得x=±2,当

2018版高考数学(理)一轮复习文档:第三章导数及其应用3.3含解析

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1.定积分的概念在ʃ错误!f(x)d x中,a,b分别叫做积分下限与积分上限,区间[a,b]叫做积分区间,函数f(x)叫做被积函数,x叫做积分变量,f(x)d x 叫做被积式.2.定积分的性质(1)ʃ错误!kf(x)d x=kʃ错误!f(x)d x(k为常数);(2)ʃ错误![f1(x)±f2(x)]d x=ʃ错误!f1(x)d x±ʃ错误!f2(x)d x;(3)ʃb,a f(x)d x=ʃ错误!f(x)d x+ʃ错误!f(x)d x(其中a<c〈b).3.微积分基本定理一般地,如果f(x)是区间[a,b]上的连续函数,且F′(x)=f(x),那么ʃ错误!f(x)d x=F(b)-F(a),这个结论叫做微积分基本定理,又叫做牛顿—莱布尼茨公式.为了方便,常把F(b)-F(a)记作F(x)|错误!,即ʃ错误!f(x)d x=F(x)|错误!=F(b)-F(a).【知识拓展】1.定积分应用的常用结论当曲边梯形位于x轴上方时,定积分的值为正;当曲边梯形位于x轴下方时,定积分的值为负;当位于x轴上方的曲边梯形与位于x轴下方的曲边梯形面积相等时,定积分的值为零.2.函数f(x)在闭区间[-a,a]上连续,则有(1)若f(x)为偶函数,则ʃ错误!f(x)d x=2ʃ错误!f(x)d x。

(2)若f(x)为奇函数,则ʃ错误!f(x)d x=0.【思考辨析】判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)设函数y=f(x)在区间[a,b]上连续,则ʃ错误!f(x)d x=ʃ错误!f(t)d t。

( √)(2)若函数y=f(x)在区间[a,b]上连续且恒正,则ʃ错误!f(x)d x〉0。

( √)(3)若ʃ错误!f(x)d x〈0,那么由y=f(x),x=a,x=b以及x轴所围成的图形一定在x轴下方.( ×)(4)微积分基本定理中的F(x)是唯一的.( ×)(5)曲线y=x2与y=x所围成图形的面积是ʃ错误!(x2-x)d x。

2018版高考数学理一轮复习文档:第三章 导数及其应用

2018版高考数学理一轮复习文档:第三章 导数及其应用

1.导数与导函数的概念(1)一般地,函数y =f (x )在x =x 0处的瞬时变化率是lim Δx →ΔyΔx =lim Δx →0 f (x 0+Δx )-f (x 0)Δx,我们称它为函数y =f (x )在x =x 0处的导数,记作()00|x x f x y ''=或,即f ′(x 0)=lim Δx →0 ΔyΔx =lim Δx →0f (x 0+Δx )-f (x 0)Δx.(2)如果函数y =f (x )在开区间(a ,b )内的每一点处都有导数,其导数值在(a ,b )内构成一个新函数,这个函数称为函数y =f (x )在开区间内的导函数.记作f ′(x )或y ′. 2.导数的几何意义函数y =f (x )在点x 0处的导数的几何意义,就是曲线y =f (x )在点P (x 0,f (x 0))处的切线的斜率k ,即k =f ′(x 0).3.基本初等函数的导数公式4.导数的运算法则若f ′(x ),g ′(x )存在,则有 (1)[f (x )±g (x )]′=f ′(x )±g ′(x ); (2)[f (x )·g (x )]′=f ′(x )g (x )+f (x )g ′(x ); (3)[f (x )g (x )]′=f ′(x )g (x )-f (x )g ′(x )[g (x )]2(g (x )≠0). 5.复合函数的导数复合函数y =f (g (x ))的导数和函数y =f (u ),u =g (x )的导数间的关系为y x ′=y u ′·u x ′,即y 对x 的导数等于y 对u 的导数与u 对x 的导数的乘积. 【知识拓展】1.奇函数的导数是偶函数,偶函数的导数是奇函数,周期函数的导数还是周期函数.2.[1f (x )]′=-f ′(x )[f (x )]2(f (x )≠0). 3.[af (x )+bg (x )]′=af ′(x )+bg ′(x ).4.函数y =f (x )的导数f ′(x )反映了函数f (x )的瞬时变化趋势,其正负号反映了变化的方向,其大小|f ′(x )|反映了变化的快慢,|f ′(x )|越大,曲线在这点处的切线越“陡”.【思考辨析】判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”) (1)f ′(x 0)是函数y =f (x )在x =x 0附近的平均变化率.( × ) (2)f ′(x 0)与[f (x 0)]′表示的意义相同.( × ) (3)曲线的切线不一定与曲线只有一个公共点.( √ ) (4)与曲线只有一个公共点的直线一定是曲线的切线.( × ) (5)函数f (x )=sin(-x )的导数是f ′(x )=cos x .( × )1.(教材改编)若f (x )=x ·e x ,则f ′(1)等于( ) A .0 B .e C .2e D .e 2 答案 C解析 f ′(x )=e x +x ·e x ,∴f ′(1)=2e.2.如图所示为函数y =f (x ),y =g (x )的导函数的图象,那么y =f (x ),y =g (x )的图象可能是( )答案 D解析 由y =f ′(x )的图象知y =f ′(x )在(0,+∞)上单调递减,说明函数y =f (x )的切线的斜率在(0,+∞)上也单调递减,故可排除A ,C.又由图象知y =f ′(x )与y =g ′(x )的图象在x =x 0处相交,说明y =f (x )与y =g (x )的图象在x =x 0处的切线的斜率相同,故可排除B.故选D.3.某质点的位移函数是s (t )=2t 3-12gt 2(g =10 m/s 2),则当t =2 s 时,它的加速度是( )A .14 m /s 2B .4 m/s 2C .10 m /s 2D .-4 m/s 2答案 A解析 由v (t )=s ′(t )=6t 2-gt , a (t )=v ′(t )=12t -g ,当t =2时,a (2)=v ′(2)=12×2-10=14.4.设函数f (x )的导数为f ′(x ),且f (x )=f ′(π2)sin x +cos x ,则f ′(π4)= .答案 - 2解析 因为f (x )=f ′(π2)sin x +cos x ,所以f ′(x )=f ′(π2)cos x -sin x ,所以f ′(π2)=f ′(π2)cos π2-sin π2,即f ′(π2)=-1,所以f (x )=-sin x +cos x .f ′(x )=-cos x -sin x .故f ′(π4)=-cos π4-sin π4=- 2.5.曲线y =-5e x +3在点(0,-2)处的切线方程是 . 答案 5x +y +2=0解析 因为y ′|x =0=-5e 0=-5,所以曲线在点(0,-2)处的切线方程为y -(-2)=-5(x -0),即5x +y +2=0.题型一 导数的计算 例1 求下列函数的导数.(1)y =x 2sin x ;(2)y =ln x +1x ;(3)y =cos xe x ;(4)y =sin(2x +π3);(5)y =ln(2x -5).解 (1)y ′=(x 2)′·sin x +x 2·(sin x )′ =2x sin x +x 2cos x .(2)y ′=(ln x +1x )′=(ln x )′+(1x )′=1x -1x 2. (3)y ′=(cos xe x )′=(cos x )′·e x -cos x (e x )′(e x )2=-sin x +cos x e x.(4)设u =2x +π3,则y =sin u ,则y ′=(sin u )′·u ′=cos(2x +π3)·2∴y ′=2cos(2x +π3).(5)令u =2x -5,则y =ln u , 则y ′=(ln u )′·u ′=12x -5·2=22x -5, 即y ′=22x -5.思维升华 (1)求导之前,应利用代数、三角恒等式等变形对函数进行化简,然后求导,这样可以减少运算量,提高运算速度,减少差错;遇到函数的商的形式时,如能化简则化简,这样可避免使用商的求导法则,减少运算量.(2)复合函数求导时,先确定复合关系,由外向内逐层求导,必要时可换元.(1)f (x )=x (2 016+ln x ),若f ′(x 0)=2 017,则x 0等于( )A .e 2B .1C .ln 2D .e(2)若函数f (x )=ax 4+bx 2+c 满足f ′(1)=2,则f ′(-1)等于( ) A .-1 B .-2 C .2D .0答案 (1)B (2)B解析 (1)f ′(x )=2 016+ln x +x ×1x =2 017+ln x ,故由f ′(x 0)=2 017,得2 017+ln x 0=2017,则ln x 0=0,解得x 0=1. (2)f ′(x )=4ax 3+2bx , ∵f ′(x )为奇函数且f ′(1)=2, ∴f ′(-1)=-2. 题型二 导数的几何意义 命题点1 求切线方程例2 (1)(2016·全国丙卷)已知f (x )为偶函数,当x <0时,f (x )=ln(-x )+3x ,则曲线y =f (x )在点(1,-3)处的切线方程是 .(2)已知函数f (x )=x ln x ,若直线l 过点(0,-1),并且与曲线y =f (x )相切,则直线l 的方程为( )A .x +y -1=0B .x -y -1=0C .x +y +1=0D .x -y +1=0答案 (1)2x +y +1=0 (2)B解析 (1)设x >0,则-x <0,f (-x )=ln x -3x ,又f (x )为偶函数,f (x )=ln x -3x ,f ′(x )=1x -3,f ′(1)=-2,切线方程为y =-2x -1,即2x +y +1=0. (2)∵点(0,-1)不在曲线f (x )=x ln x 上, ∴设切点为(x 0,y 0).又∵f ′(x )=1+ln x ,∴⎩⎪⎨⎪⎧y 0=x 0ln x 0,y 0+1=(1+ln x 0)x 0,解得x 0=1,y 0=0.∴切点为(1,0),∴f ′(1)=1+ln 1=1.∴直线l 的方程为y =x -1,即x -y -1=0.故选B. 命题点2 求参数的值例3 (1)(2016·泉州模拟)函数y =e x 的切线方程为y =mx ,则m = .(2)已知f (x )=ln x ,g (x )=12x 2+mx +72(m <0),直线l 与函数f (x ),g (x )的图象都相切,与f (x )图象的切点为(1,f (1)),则m 等于( ) A .-1 B .-3 C .-4 D .-2答案 (1)e (2)D解析 (1)设切点坐标为P (x 0,y 0),由y ′=e x , 得00|e xx x y ==,从而切线方程为000e e ()x xy x x -=-, 又切线过定点(0,0),从而000e e ()xxx -=-, 解得x 0=1,则m =e. (2)∵f ′(x )=1x,∴直线l 的斜率k =f ′(1)=1.又f (1)=0,∴切线l 的方程为y =x -1. g ′(x )=x +m ,设直线l 与g (x )的图象的切点为(x 0,y 0),则有x 0+m =1,y 0=x 0-1,y 0=12x 20+mx 0+72,m <0, 于是解得m =-2.故选D. 命题点3 导数与函数图象的关系例4 如图,点A (2,1),B (3,0),E (x,0)(x ≥0),过点E 作OB 的垂线l .记△AOB 在直线l 左侧部分的面积为S ,则函数S =f (x )的图象为下图中的( )答案 D解析 函数的定义域为[0,+∞),当x ∈[0,2]时,在单位长度变化量Δx 内面积变化量ΔS 大于0且越来越大,即斜率f ′(x )在[0,2]内大于0且越来越大,因此,函数S =f (x )的图象是上升的且图象是下凸的;当x ∈(2,3)时,在单位长度变化量Δx 内面积变化量ΔS 大于0且越来越小,即斜率f ′(x )在(2,3)内大于0且越来越小,因此,函数S =f (x )的图象是上升的且图象是上凸的;当x ∈[3,+∞)时,在单位长度变化量Δx 内面积变化量ΔS 为0,即斜率f ′(x )在[3,+∞)内为常数0,此时,函数图象为平行于x 轴的射线.思维升华 导数的几何意义是切点处切线的斜率,应用时主要体现在以下几个方面: (1)已知切点A (x 0,f (x 0))求斜率k ,即求该点处的导数值:k =f ′(x 0). (2)已知斜率k ,求切点A (x 1,f (x 1)),即解方程f ′(x 1)=k .(3)若求过点P (x 0,y 0)的切线方程,可设切点为(x 1,y 1),由⎩⎪⎨⎪⎧y 1=f (x 1),y 0-y 1=f ′(x 1)(x 0-x 1)求解即可.(4)函数图象在每一点处的切线斜率的变化情况反映函数图象在相应点处的变化情况,由切线的倾斜程度可以判断出函数图象升降的快慢.(1)(2017·郑州月考)已知曲线y =x 24-3ln x 的一条切线的斜率为12,则切点的横坐标为( )A .3B .2C .1 D.12(2)(2016·昆明模拟)设曲线y =1+cos x sin x 在点(π2,1)处的切线与直线x -ay +1=0平行,则实数a 等于( )A .-1 B.12 C .-2 D .2答案 (1)A (2)A解析 (1)设切点的横坐标为x 0,∵曲线y =x 24-3ln x 的一条切线的斜率为12,∴y ′=x 2-3x ,即x 02-3x 0=12,解得x 0=3或x 0=-2(舍去,不符合题意), 即切点的横坐标为3.(2)∵y ′=-1-cos xsin 2x ,π2|1.x y ∴'==-由条件知1a =-1,∴a =-1.3.求曲线的切线方程典例 若存在过点O (0,0)的直线l 与曲线y =x 3-3x 2+2x 和y =x 2+a 都相切,求a 的值.错解展示现场纠错解 易知点O (0,0)在曲线y =x 3-3x 2+2x 上. (1)当O (0,0)是切点时,由y ′=3x 2-6x +2,得y ′|x =0=2,即直线l 的斜率为2,故直线l 的方程为y =2x .由⎩⎪⎨⎪⎧y =2x ,y =x 2+a ,得x 2-2x +a =0, 依题意Δ=4-4a =0,得a =1.(2)当O (0,0)不是切点时,设直线l 与曲线y =x 3-3x 2+2x 相切于点P (x 0,y 0),则y 0=x 30-3x 20+2x 0,0|x x k y '===3x 20-6x 0+2,① 又k =y 0x 0=x 20-3x 0+2,②联立①②,得x 0=32(x 0=0舍去),所以k =-14,故直线l 的方程为y =-14x .由⎩⎪⎨⎪⎧y =-14x ,y =x 2+a ,得x 2+14x +a =0,依题意,Δ=116-4a =0,得a =164.综上,a =1或a =164.纠错心得 求曲线过一点的切线方程,要考虑已知点是切点和已知点不是切点两种情况.1.若f (x )=2xf ′(1)+x 2,则f ′(0)等于( ) A .2 B .0 C .-2 D .-4 答案 D解析 f ′(x )=2f ′(1)+2x ,令x =1,则f ′(1)=2f ′(1)+2,得f ′(1)=-2, 所以f ′(0)=2f ′(1)+0=-4.2.一质点沿直线运动,如果由始点起经过t 秒后的位移为s =13t 3-3t 2+8t ,那么速度为零的时刻是( ) A .1秒 B .1秒末和2秒末 C .4秒末 D .2秒末和4秒末答案 D解析 s ′(t )=t 2-6t +8,由导数的定义知v =s ′(t ), 令s ′(t )=0,得t =2或4, 即2秒末和4秒末的速度为零.3.若直线y =x 是曲线y =x 3-3x 2+px 的切线,则实数p 的值为( ) A .1 B .2 C.134 D .1或134答案 D解析 ∵y ′=3x 2-6x +p ,设切点为P (x 0,y 0),∴⎩⎪⎨⎪⎧3x 20-6x 0+p =1,x 30-3x 20+px 0=x 0, 解得⎩⎪⎨⎪⎧x 0=0,p =1或⎩⎨⎧x 0=32,p =134.4.(2017·郑州质检)已知y =f (x )是可导函数,如图,直线y =kx +2是曲线y =f (x )在x =3处的切线,令g (x )=xf (x ),g ′(x )是g (x )的导函数,则g ′(3)等于( )A .-1B .0C .2D .4答案 B解析 由题图可知曲线y =f (x )在x =3处切线的斜率等于-13,∴f ′(3)=-13.∵g (x )=xf (x ),∴g ′(x )=f (x )+xf ′(x ), ∴g ′(3)=f (3)+3f ′(3), 又由题图可知f (3)=1, ∴g ′(3)=1+3×(-13)=0.5.已知曲线y =ln x 的切线过原点,则此切线的斜率为( ) A .e B .-e C.1e D .-1e答案 C解析 y =ln x 的定义域为(0,+∞),且y ′=1x ,设切点为(x 0,ln x 0),则001|x x y x '==, 切线方程为y -ln x 0=1x 0(x -x 0),因为切线过点(0,0),所以-ln x 0=-1, 解得x 0=e ,故此切线的斜率为1e.6.已知函数f (x )=x +1,g (x )=a ln x ,若在x =14处函数f (x )与g (x )的图象的切线平行,则实数a 的值为( ) A.14 B.12 C .1 D .4 答案 A解析 由题意可知121(),2f x x -'=g ′(x )=ax ,由f ′(14)=g ′(14),得12×121()4-=a 14,可得a =14,经检验,a =14满足题意.7.已知函数f (x )=ax 3+x +1的图象在点(1,f (1))处的切线过点(2,7),则a = . 答案 1解析 f ′(x )=3ax 2+1,f ′(1)=1+3a ,f (1)=a +2.所以函数在(1,f (1))处的切线方程为y -(a +2)=(1+3a )(x -1). 将(2,7)代入切线方程,得7-(a +2)=1+3a ,解得a =1.8.(2016·邯郸模拟)曲线y =log 2x 在点(1,0)处的切线与坐标轴所围成三角形的面积等于 .答案 12ln 2解析 y ′=1x ln 2,∴k =1ln 2, ∴切线方程为y =1ln 2(x -1). ∴三角形面积S =12×1×1ln 2=12ln 2. 9.若函数f (x )=12x 2-ax +ln x 存在垂直于y 轴的切线,则实数a 的取值范围是 . 答案 [2,+∞)解析 ∵f (x )=12x 2-ax +ln x ,定义域为(0,+∞), ∴f ′(x )=x -a +1x. ∵f (x )存在垂直于y 轴的切线,∴f ′(x )存在零点,即x +1x -a =0有解,∴a =x +1x≥2. *10.已知曲线f (x )=x n +1(n ∈N *)与直线x =1交于点P ,设曲线y =f (x )在点P 处的切线与x 轴交点的横坐标为x n ,则log 2 016x 1+log 2 016x 2+…+log 2 016x 2 015的值为 . 答案 -1解析 f ′(x )=(n +1)x n ,k =f ′(1)=n +1,点P (1,1)处的切线方程为y -1=(n +1)(x -1),令y =0,得x =1-1n +1=n n +1,即x n =n n +1, ∴x 1·x 2·…·x 2 015=12×23×34×…×2 0142 015×2 0152 016=12 016, 则log 2 016x 1+log 2 016x 2+…+log 2 016x 2 015=log 2 016(x 1x 2…x 2 015)=-1.11.已知曲线y =13x 3+43. (1)求曲线在点P (2,4)处的切线方程;(2)求曲线过点P (2,4)的切线方程.解 (1)∵P (2,4)在曲线y =13x 3+43上,y ′=x 2,∴在点P (2,4)处的切线的斜率为y ′|x =2=4.∴曲线在点P (2,4)处的切线方程为y -4=4(x -2),即4x -y -4=0.(2)设曲线y =13x 3+43与过点P (2,4)的切线相切于点A (x 0,13x 30+43),则切线的斜率为0|x x y '==x 20.∴切线方程为y -(13x 30+43)=x 20(x -x 0), 即y =x 20·x -23x 30+43. ∵点P (2,4)在切线上,∴4=2x 20-23x 30+43, 即x 30-3x 20+4=0,∴x 30+x 20-4x 20+4=0,∴x 20(x 0+1)-4(x 0+1)(x 0-1)=0,∴(x 0+1)(x 0-2)2=0,解得x 0=-1或x 0=2,故所求的切线方程为x -y +2=0或4x -y -4=0.12.已知函数f (x )=13x 3-2x 2+3x (x ∈R )的图象为曲线C . (1)求过曲线C 上任意一点切线斜率的取值范围;(2)若在曲线C 上存在两条相互垂直的切线,求其中一条切线与曲线C 的切点的横坐标的取值范围.解 (1)由题意得f ′(x )=x 2-4x +3,则f ′(x )=(x -2)2-1≥-1,即过曲线C 上任意一点切线斜率的取值范围是[-1,+∞).(2)设曲线C 的其中一条切线的斜率为k ,则由(2)中条件并结合(1)中结论可知,⎩⎪⎨⎪⎧k ≥-1,-1k≥-1, 解得-1≤k <0或k ≥1,故由-1≤x 2-4x +3<0或x 2-4x +3≥1,得x ∈(-∞,2-2]∪(1,3)∪[2+2,+∞).*13.设函数f (x )=ax -b x,曲线y =f (x )在点(2,f (2))处的切线方程为7x -4y -12=0. (1)求f (x )的解析式;(2)证明:曲线y =f (x )上任一点处的切线与直线x =0和直线y =x 所围成的三角形的面积为定值,并求此定值.(1)解 方程7x -4y -12=0可化为y =74x -3. 当x =2时,y =12.又f ′(x )=a +b x 2, 于是⎩⎨⎧ 2a -b 2=12,a +b 4=74,解得⎩⎪⎨⎪⎧ a =1,b =3.故f (x )=x -3x . (2)证明 设P (x 0,y 0)为曲线上任一点,由y ′=1+3x 2,知曲线在点P (x 0,y 0)处的切线方程为 y -y 0=⎝⎛⎭⎫1+3x 20(x -x 0), 即y -⎝⎛⎭⎫x 0-3x 0=⎝⎛⎭⎫1+3x 20(x -x 0). 令x =0,得y =-6x 0, 从而得切线与直线x =0的交点坐标为⎝⎛⎭⎫0,-6x 0. 令y =x ,得y =x =2x 0,从而得切线与直线y =x 的交点坐标为(2x 0,2x 0).所以点P (x 0,y 0)处的切线与直线x =0,y =x 所围成的三角形的面积为S =12⎪⎪⎪⎪-6x 0|2x 0|=6. 故曲线y =f (x )上任一点处的切线与直线x =0,y =x 所围成的三角形的面积为定值且此定值为6.。

高考数学大一轮复习 第三章 三角函数、解三角形 3.2 导数的应用 第2课时 导数与函数的极值、最值

高考数学大一轮复习 第三章 三角函数、解三角形 3.2 导数的应用 第2课时 导数与函数的极值、最值

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第2课时导数与函数的极值、最值题型一用导数解决函数极值问题命题点1 根据函数图象判断极值例1 (1)(2016·绍兴模拟)设f′(x)是函数f(x)的导函数,y=f′(x)的图象如图所示,则y=f(x)的图象最有可能是()(2)设函数f(x)在R上可导,其导函数为f′(x),且函数y=(1-x)f′(x)的图象如图所示,则下列结论中一定成立的是()A.函数f(x)有极大值f(2)和极小值f(1)B.函数f(x)有极大值f(-2)和极小值f(1)C.函数f(x)有极大值f(2)和极小值f(-2)D.函数f(x)有极大值f(-2)和极小值f(2)答案(1)C (2)D解析(1)由f′(x)图象可知,x=0是函数f(x)的极大值点,x=2是f(x)的极小值点,故选C。

(2)由题图可知,当x〈-2时,f′(x)〉0;当-2〈x〈1时,f′(x)<0;当1<x〈2时,f′(x)〈0;当x〉2时,f′(x)>0.由此可以得到函数f(x)在x=-2处取得极大值,在x=2处取得极小值.命题点2 求函数的极值例2 (2016·台州模拟)已知函数f(x)=x-1+错误!(a∈R,e为自然对数的底数).(1)若曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线平行于x轴,求a的值;(2)求函数f(x)的极值.解(1)由f(x)=x-1+错误!,得f′(x)=1-错误!。

(全国通用)高考数学一轮复习 第三章 导数及其应用 3.2.3 导数与函数的综合应用课时作业 文 北

(全国通用)高考数学一轮复习 第三章 导数及其应用 3.2.3 导数与函数的综合应用课时作业 文 北

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第3课时导数与函数的综合应用基础巩固题组(建议用时:40分钟)一、选择题1.某公司生产某种产品,固定成本为20 000元,每生产一单位产品,成本增加100元,已知总营业收入R与年产量x的年关系是R=R(x)=错误!则总利润最大时,年产量是()A.100 B.150C.200 D.300解析由题意得,总成本函数为C=C(x)=20 000+100 x,总利润P(x)=错误!又P′(x)=错误!令P′(x)=0,得x=300,易知x=300时,总利润P(x)最大.答案D2.设f(x)是定义在R上的奇函数,且f(2)=0,当x〉0时,有错误!〈0恒成立,则不等式x2f(x)>0的解集是( )A.(-2,0)∪(2,+∞)B.(-2,0)∪(0,2)C.(-∞,-2)∪(2,+∞)D.(-∞,-2)∪(0,2)解析x〉0时错误!′〈0,∴φ(x)=错误!在(0,+∞)为减函数,又φ(2)=0,∴当且仅当0<x<2时,φ(x)〉0,此时x2f(x)>0。

又f(x)为奇函数,∴h(x)=x2f(x)也为奇函数.故x2f(x)〉0的解集为(-∞,-2)∪(0,2).答案D3.若关于x的不等式x3-3x2-9x+2≥m对任意x∈[-2,2]恒成立,则m的取值范围是()A.(-∞,7] B.(-∞,-20]C.(-∞,0]D.[-12,7]解析令f(x)=x3-3x2-9x+2,则f′(x)=3x2-6x-9,令f′(x)=0得x=-1或x=3(舍去).∵f(-1)=7,f(-2)=0,f(2)=-20,∴f(x)的最小值为f(2)=-20,故m≤-20.答案B4.(2017·景德镇联考)已知函数f(x)的定义域为[-1,4],部分对应值如下表:x-10234f(x)12020f(x)的导函数y-a的零点的个数为()A.1 B.2C.3 D.4解析根据导函数图像,知2是函数的极小值点,函数y=f(x)的大致图像如图所示.由于f(0)=f(3)=2,1<a〈2,所以y=f(x)-a的零点个数为4.答案D5.(2014·全国Ⅰ卷)已知函数f(x)=ax3-3x2+1,若f(x)存在唯一的零点x0,且x0〉0,则a的取值范围是()A.(2,+∞)B.(1,+∞)C.(-∞,-2) D.(-∞,-1)解析a=0时,不符合题意,a≠0时,f′(x)=3ax2-6x.令f′(x)=0,得x=0或x=错误!.若a>0,则由图像知f(x)有负数零点,不符合题意.则a<0,由图像结合f(0)=1〉0知,此时必有f错误!>0,即a×错误!-3×错误!+1>0,化简得a2〉4.又a〈0,所以a〈-2.答案C二、填空题6.某品牌电动汽车的耗电量y与速度x之间有关系y=错误!x3-错误!x2-40x(x>0),为使耗电量最小,则速度应定为________.解析由y′=x2-39x-40=0,得x=-1或x=40,由于0<x〈40时,y′〈0;x〉40时,y′>0。

2018版高考数学一轮复习第三章导数及其应用3.1导数的概念及运算课件理

2018版高考数学一轮复习第三章导数及其应用3.1导数的概念及运算课件理

例4 如图,点A(2,1),B(3,0),E(x,0)(x≥0),过点E
作OB的垂线l.记△AOB在直线l左侧部分的面积为S,
则函数S=f(x)的图象为下图中的
答案
解析
思维升华
导数的几何意义是切点处切线的斜率,应用时主要体现在以下几个方面: (1)已知切点A(x0,f(x0))求斜率k,即求该点处的导数值:k=f′(x0). (2)已知斜率k,求切点A(x1,f(x1)),即解方程f′(x1)=k. (3)若求过点P(x0,y0)的切线方程,可设切点为(x1,y1),
∴直线l的方程为y=x-1,即x-y-1=0.故选B.
命题点2 求参数的值
例3 (1)(2016·泉州模拟)函数y=ex的切线方程为y=mx,则m= e.
答案
解析
几何画板展示
设切点坐标为P(x0,y0),由y′=ex,
得 y |x=x0 =ex0, 从而切线方程为 y-ex0=ex0 (x-x0 ),
A.x+y-1=0
B.x-y-1=0
C.x+y+1=0
D.x-y+1=0
∵点(0,-1)不在曲线f(x)=xln x上,∴设切点为(x0,y0). 又∵f′(x)=1+ln x,∴yy00=+1x0=lnx10+,ln x0x0, 解得x0=1,y0=0. ∴切点为(1,0),∴f′(1)=1+ln 1=1.
3.某质点的位移函数是s(t)=2t3- 1gt2(g=10 m/s2),则当t=2 s时,它的加
2
速度是
答案
解析
A.14 m/s2
B.4 m/s2
C.10 m/s2
D.-4 m/s2
由v(t)=s′(t)=6t2-gt, a(t)=v′(t)=12t-g, 当t=2时,a(2)=v′(2)=12×2-10=14.

2018版高考数学一轮复习第三章导数及其应用第2讲导数的应用第3课时导数与函数的综合问题课件理

2018版高考数学一轮复习第三章导数及其应用第2讲导数的应用第3课时导数与函数的综合问题课件理

【训练 1】 (2016· 全国Ⅲ卷)设函数 f(x)=ln x-x+1. (1)讨论 f(x)的单调性; x-1 (2)证明当 x∈(1,+∞)时,1< ln x <x; (3)设 c>1,证明当 x∈(0,1)时,1+(c-1)x>cx.
(1)解 依题意,f(x)的定义域为(0,+∞).
1 f′(x)=x -1,令 f′(x)=0,得 x=1, ∴当 0<x<1 时,f′(x)>0,f(x)单调递增. 当 x>1 时,f′(x)<0,f(x)单调递减.
【训练 2】 (2017· 福建四地六校联考)已知 a 为实数, 函数 f(x) =aln x+x2-4x. (1)是否存在实数 a,使得 f(x)在 x=1 处取得极值?证明你 的结论; (2)设
1 g(x)=(a-2)x,若∃x0∈e ,e,使得
f(x0)≤g(x0)成立,
求实数 a 的取值范围.
(1)解
将 x=-1 代入切线方程得 y=-2,
b-a 所以 f(-1)= =-2,化简得 b-a=-4.① 1+1 a(x2+1)-(ax+b)· 2x f′(x)= , (x2+1)2 2a+2(b-a) f′(-1)= =-1.② 4 2x-2 联立①②,解得 a=2,b=-2.所以 f(x)= 2 . x +1
1 当 k>e 时, f(x)在区间(1, e)上单调递减, 且 f(1)=2>0, f( e) e-k = <0, 2 所以 f(x)在区间(1, e]上仅有一个零点. 综上可知,若 f(x)存在零点,则 f(x)在区间(1, e]上仅有一个 零点.
规律方法
函数零点问题通常可作以下适当转化来处理 .

2018版[高考总复习资料]数学一轮复习第三章导数及其应用3.3导数的综合应用真题演练集训理

2018版[高考总复习资料]数学一轮复习第三章导数及其应用3.3导数的综合应用真题演练集训理

2018版高考数学一轮复习 第三章 导数及其应用 3.3 导数的综合应用真题演练集训 理 新人教A 版1.[2015·新课标全国卷Ⅰ]设函数f (x )=e x(2x -1)-ax +a ,其中a <1,若存在唯一的整数x 0使得f (x 0)<0,则a 的取值范围是( )A.⎣⎢⎡⎭⎪⎫-32e ,1 B .⎣⎢⎡⎭⎪⎫-32e ,34 C.⎣⎢⎡⎭⎪⎫32e ,34D .⎣⎢⎡⎭⎪⎫32e ,1 答案:D解析:∵ f (0)=-1+a <0,∴ x 0=0.又x 0=0是唯一的整数,∴ ⎩⎪⎨⎪⎧f-1≥0,f 1≥0,即⎩⎪⎨⎪⎧e-1--1]+a +a ≥0,--a +a ≥0,解得a ≥32e.又a <1,∴ 32e≤a <1,故选D.2.[2014·陕西卷]如图,某飞行器在4千米高空水平飞行,从距着陆点A 的水平距离10千米处开始下降,已知下降飞行轨迹为某三次函数图象的一部分,则该函数的解析式为( )A .y =1125x 3-35x B .y =2125x 3-45x C .y =3125x 3-x D .y =-3125x 3+15x答案:A解析:设所求函数解析式为y =f (x ),由题意知f (5)=-2,f (-5)=2,且f ′(±5)=0,代入验证易得y =1125x 3-35x 符合题意,故选A.3.[2014·辽宁卷]当x ∈[-2,1]时,不等式ax 3-x 2+4x +3≥0恒成立,则实数a 的取值范围是( )A .[-5,-3]B .⎣⎢⎡⎦⎥⎤-6,-98C .[-6,-2]D .[-4,-3]答案:C解析:当x =0时,ax 3-x 2+4x +3≥0变为3≥0恒成立,即a ∈R . 当x ∈(0,1]时,ax 3≥x 2-4x -3,a ≥x 2-4x -3x 3,∴a ≥⎣⎢⎡⎦⎥⎤x 2-4x -3x 3max .设φ(x )=x 2-4x -3x 3,φ′(x )=x -x 3-x 2-4x -x 2x 6=-x 2-8x -9x=-x -x +x>0,∴φ(x )在(0,1]上单调递增, φ(x )max =φ(1)=-6. ∴a ≥-6.当x ∈[-2,0)时,a ≤x 2-4x -3x 3,∴a ≤⎣⎢⎡⎦⎥⎤x 2-4x -3x 3min . 仍设φ(x )=x 2-4x -3x 3,φ′(x )=-x -x +x4,当x ∈[-2,-1)时,φ′(x )<0; 当x ∈(-1,0)时,φ′(x )>0.∴当x =-1时,φ(x )有极小值,即为最小值. 而φ(x )min =φ(-1)=1+4-3-1=-2,∴a ≤-2.综上可知,a 的取值范围为[-6,-2].4.[2016·新课标全国卷Ⅰ]已知函数f (x )=(x -2)e x+a (x -1)2有两个零点. (1)求a 的取值范围;(2)设x 1,x 2是f (x )的两个零点,证明:x 1+x 2<2.(1)解:f ′(x )=(x -1)e x+2a (x -1)=(x -1)·(e x+2a ). (ⅰ)设a =0,则f (x )=(x -2)e x,f (x )只有一个零点. (ⅱ)设a >0,则当x ∈(-∞,1)时,f ′(x )<0; 当x ∈(1,+∞)时,f ′(x )>0.所以f (x )在(-∞,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增. 又f (1)=-e ,f (2)=a ,取b 满足b <0且b <ln a2,则f (b )>a 2(b -2)+a (b -1)2=a ⎝ ⎛⎭⎪⎫b 2-32b >0,故f (x )存在两个零点.(ⅲ)设a <0,由f ′(x )=0得x =1或x =ln(-2a ).若a ≥-e2,则ln(-2a )≤1,故当x ∈(1,+∞)时,f ′(x )>0,因此f (x )在(1,+∞)上单调递增.又当x ≤1时,f (x )<0,所以f (x )不存在两个零点.若a <-e2,则ln(-2a )>1,故当x ∈(1,ln(-2a ))时,f ′(x )<0;当x ∈(ln(-2a ),+∞)时,f ′(x )>0.因此f (x )在(1,ln(-2a ))上单调递减, 在(ln(-2a ),+∞)上单调递增.又当x ≤1时f (x )<0,所以f (x )不存在两个零点. 综上,a 的取值范围为(0,+∞).(2)证明:不妨设x 1<x 2.由(1)知,x 1∈(-∞,1),x 2∈(1,+∞),2-x 2∈(-∞,1),又f (x )在(-∞,1)上单调递减,所以x 1+x 2<2等价于f (x 1)>f (2-x 2),即f (2-x 2)<0.由于f (2-x 2)=-x 2e 2-x 2+a (x 2-1)2, 而f (x 2)=(x 2-2)e x 2+a (x 2-1)2=0, 所以f (2-x 2)=-x 2e 2-x 2-(x 2-2)e x2. 设g (x )=-x e2-x-(x -2)e x,则g ′(x )=(x -1)(e 2-x-e x).所以当x >1时,g ′(x )<0,而g (1)=0,故当x >1时,g (x )<0. 从而g (x 2)=f (2-x 2)<0,故x 1+x 2<2.5.[2015·新课标全国卷Ⅱ]设函数f (x )=e mx+x 2-mx . (1)证明:f (x )在(-∞,0)单调递减,在(0,+∞)单调递增;(2)若对于任意x 1,x 2∈[-1,1],都有|f (x 1)-f (x 2)|≤e-1,求m 的取值范围.(1)证明:f ′(x )=m (e mx-1)+2x .若m ≥0,则当x ∈(-∞,0)时,e mx-1≤0,f ′(x )<0; 当x ∈(0,+∞)时,e mx-1≥0,f ′(x )>0.若m <0,则当x ∈(-∞,0)时,e mx-1>0,f ′(x )<0; 当x ∈(0,+∞)时,e mx-1<0,f ′(x )>0.所以,f (x )在(-∞,0)上单调递减,在(0,+∞)上单调递增.(2)解:由(1)知,对任意的m ,f (x )在[-1,0]上单调递减,在[0,1]上单调递增,故f (x )在x =0处取得最小值.所以对于任意x 1,x 2∈[-1,1],|f (x 1)-f (x 2)|≤e-1的充要条件是⎩⎪⎨⎪⎧f 1-f 0≤e-1,f -1-f0≤e-1,即⎩⎪⎨⎪⎧e m-m ≤e-1,e -m+m ≤e-1.①设函数g (t )=e t-t -e +1,则g ′(t )=e t-1. 当t <0时,g ′(t )<0;当t >0时,g ′(t )>0.故g (t )在(-∞,0)上单调递减,在(0,+∞)上单调递增. 又g (1)=0,g (-1)=e -1+2-e<0, 故当t ∈[-1,1]时,g (t )≤0.当m ∈[-1,1]时,g (m )≤0,g (-m )≤0,即①式成立; 当m >1时,由g (t )的单调性,g (m )>0,即e m-m >e -1; 当m <-1时,g (-m )>0,即e -m+m >e -1. 综上,m 的取值范围是[-1,1].6.[2015·新课标全国卷Ⅰ]已知函数f (x )=x 3+ax +14,g (x )=-ln x .(1)当a 为何值时,x 轴为曲线y =f (x )的切线;(2)用min{m ,n }表示m ,n 中的最小值,设函数h (x )=min{f (x ),g (x )}(x >0),讨论h (x )零点的个数.解:(1)设曲线y =f (x )与x 轴相切于点(x 0,0),则f (x 0)=0,f ′(x 0)=0,即 ⎩⎪⎨⎪⎧x 3+ax 0+14=0,3x 20+a =0,解得⎩⎪⎨⎪⎧x 0=12,a =-34.因此,当a =-34时,x 轴为曲线y =f (x )的切线.(2)当x ∈(1,+∞)时,g (x )=-ln x <0,从而h (x )=min{f (x ),g (x )}≤g (x )<0,故h (x )在(1,+∞)上无零点.当x =1时,若a ≥-54,则f (1)=a +54≥0,h (1)=min{f (1),g (1)}=g (1)=0,故x =1是h (x )的零点;若a <-54,则f (1)<0,h (1)=min{f (1),g (1)}=f (1)<0,故x =1不是h (x )的零点.当x ∈(0,1)时,g (x )=-ln x >0,所以只需考虑f (x )在(0,1)上的零点个数. ①若a ≤-3或a ≥0,则f ′(x )=3x 2+a 在(0,1)上无零点,故f (x )在(0,1)上单调. 而f (0)=14,f (1)=a +54,所以当a ≤-3时,f (x )在(0,1)上有一个零点;当a ≥0时,f (x )在(0,1)上没有零点.②若-3<a <0,则f (x )在⎝⎛⎭⎪⎫0, -a 3上单调递减,在⎝⎛⎭⎪⎫-a3,1上单调递增,故在(0,1)上,当x = -a3时,f (x )取得最小值,最小值为f ⎝⎛⎭⎪⎫ -a 3=2a3-a3+14. a .若f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-a 3>0,即-34<a <0,则f (x )在(0,1)上无零点.b .若f ⎝⎛⎭⎪⎫-a 3=0,即a =-34,则f (x )在(0,1)上有唯一零点.c .若f ⎝⎛⎭⎪⎫-a 3<0,即-3<a <-34,由于f (0)=14,f (1)=a +54,所以当-54<a <-34时,f (x )在(0,1)上有两个零点;当-3<a ≤-54时,f (x )在(0,1)上有一个零点. 综上,当a >-34或a <-54时,h (x )有一个零点;当a =-34或a =-54时,h (x )有两个零点;当-54<a <-34时,h (x )有三个零点.课外拓展阅读巧用导数妙解有关恒成立、存在性问题“恒成立”与“存在性”问题的求解是“互补”关系,即f (x )≥g (a )对于x ∈D 恒成立,应求f (x )的最小值;若存在x ∈D ,使得f (x )≥g (a )成立,应求f (x )的最大值.在具体问题中究竟是求最大值还是最小值,可以先联想“恒成立”是求最大值还是最小值,这样也就可以解决相应的“存在性”问题是求最大值还是最小值.特别需要关注等号是否成立问题,以免细节出错.方法一 分离参数法[典例1] [改编题]设函数f (x )=ln x -ax ,g (x )=e x-ax ,其中a 为实数.若f (x )在(1,+∞)上是单调减函数,且g (x )在(1,+∞)上有最小值,则a 的取值范围是( )A .(e ,+∞)B .[e ,+∞)C .(1,+∞)D .[1,+∞)[答案] A[解析] 解法一:f ′(x )=1x-a ,g ′(x )=e x -a ,由题意得,当x ∈(1,+∞)时,f ′(x )≤0恒成立,即当x ∈(1,+∞)时,a ≥1x恒成立,则a ≥1.因为g ′(x )=e x-a 在(1,+∞)上单调递增, 所以g ′(x )>g ′(1)=e -a .又g (x )在(1,+∞)上有最小值,则必有e -a <0,即a >e. 综上,可知a 的取值范围是(e ,+∞).解法二:f ′(x )=1x-a ,g ′(x )=e x-a .由题意得,当x ∈(1,+∞)时,f ′(x )≤0恒成立,即当x ∈(1,+∞)时,a ≥1x恒成立,则a ≥1.当a ≤0时,g ′(x )>0恒成立,从而g (x )在(1,+∞)上单调递增,故g (x )在(1,+∞)上无最值,不符合题意;当0<a ≤e 时,由g ′(x )>0得x >ln a ,又ln a ≤1,故g (x )在(1,+∞)上单调递增,故g (x )在(1,+∞)上无最值,不符合题意; 当a >e 时,由g ′(x )>0得x >ln a ,又ln a >1,故g (x )在(1,ln a )上单调递减,在(ln a ,+∞)上单调递增,此时有最小值,为g (ln a )=eln a-a ln a =a -a ln a .由题意知ln a >1,所以a >e. 综上,可知a 的取值范围是(e ,+∞). 技巧点拨在恒成立问题中有时需要取交集,有时需要取并集,本题结果取交集.一般而言,在同一“问题”中,若是对自变量作分类讨论,其结果要取交集;若是对参数作分类讨论,其结果要取并集.方法二 构造函数法[典例2] 已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧-x 2+2xx ,x +x >,若|f (x )|≥ax ,则a 的取值范围是( )A .(-∞,0]B .(-∞,1]C .[-2,1]D .[-2,0][答案] D[解析] |f (x )|≥ax ⇔⎩⎪⎨⎪⎧--x 2+2x ≥ax x,①x +ax x >②(1)由①得x (x -2)≥ax 在区间(-∞,0]上恒成立. 当x =0时,a ∈R ;当x <0时,有x -2≤a 在区间(-∞,0]上恒成立,所以a ≥-2.(2)由②得ln(x +1)-ax ≥0在区间(0,+∞)上恒成立,设h (x )=ln(x +1)-ax (x >0),则h ′(x )=1x +1-a (x >0),可知h ′(x )为减函数.当a ≤0时,h ′(x )>0,故h (x )为增函数,所以h (x )>h (0)=0恒成立;当a ≥1时,因为1x +1∈(0,1),所以h ′(x )=1x +1-a <0,故h (x )为减函数,所以h (x )<h (0)=0恒成立,显然不符合题意;当0<a <1时,对于给定的一个确定值a ,总可以至少找到一个x 0>0,满足h (x 0)=ln(x 0+1)-ax 0<0成立.如当a =12时,取x 0=4,则h (x 0)=ln 5-2<0成立,可知当0<a <1时,不符合题意.故a ≤0.由(1)(2)可知,a 的取值范围是[-2,0]. 方法探究本题的切入点不同,构造的函数也是不相同的,也可以构造函数结合选项利用函数图象及排除法去完成.典例2也可以通过构造函数求解,但是在问题的求解中如果可以分离出参数,尽量用分离参数法去求解.相对而言,多数题目都可以采用分离参数法去求解,而且采用分离参数法对于问题的求解会相对容易.方法三 等价转化法[典例3] 设f (x )=a x+x ln x ,g (x )=x 3-x 2-3.(1)如果存在x 1,x 2∈[0,2]使得g (x 1)-g (x 2)≥M 成立,求满足上述条件的最大整数M ;(2)如果对于任意的s ,t ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2,都有f (s )≥g (t )成立,求实数a 的取值范围. [解] (1)存在x 1,x 2∈[0,2]使得g (x 1)-g (x 2)≥M 成立,等价于[g (x 1)-g (x 2)]max ≥M .由g (x )=x 3-x 2-3,得g ′(x )=3x 2-2x =3x ⎝ ⎛⎭⎪⎫x -23.由g ′(x )>0得x <0或x >23,又x ∈[0,2],所以g (x )在⎣⎢⎡⎦⎥⎤0,23上是单调递减函数, 在⎣⎢⎡⎦⎥⎤23,2上是单调递增函数, 所以g (x )min =g ⎝ ⎛⎭⎪⎫23=-8527, g (x )max =g (2)=1.故[g (x 1)-g (x 2)]max =g (x )max -g (x )min =11227≥M ,则满足条件的最大整数M =4.(2)对于任意的s ,t ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2,都有f (s )≥g (t )成立,等价于在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上,函数f (x )min ≥g (x )max .由(1)可知在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上,g (x )的最大值为g (2)=1.在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上,f (x )=a x +x ln x ≥1恒成立等价于a ≥x -x 2ln x 恒成立.设h (x )=x -x 2ln x ,h ′(x )=1-2x ln x -x ,可知h ′(x )在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上是减函数,又h ′(1)=0,所以当1<x <2时,h ′(x )<0;当12<x <1时,h ′(x )>0. 即函数h (x )=x -x 2ln x 在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,1上单调递增,在[1,2]上单调递减,所以h (x )max =h (1)=1,即实数a 的取值范围是[1,+∞).温馨提示如果一个问题的求解中既有“存在性”又有“恒成立”问题,那么需要对问题作等价转化,使之变成与典例2、典例3相关的问题去求解,这里一定要注意转化的等价性、巧妙性,防止在转化中出错而使问题的求解出错.。

2018版高三数学一轮复习第三章导数及其应用第二讲导数的应用课件理

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数学
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1
第三章·第二讲 考点一 函数的单调性与导数
导数的应用
函数单调性与导数符号的关系如下:
函数y=f(x)在区间(a,b)内可导, (1)若f '(x)>0,则f(x)在这个区间内是 单调递增函数; (2)若f '(x)<0,则f(x)在这个区间内是 单调递减函数;
(3)若恒有f '(x)=0,则f(x)在这个区间内是 常数函数.
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导数的应用
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第三章·第二讲
导数的应用
x f '(x) f(x)
(-∞,0) -
0 0 极小值 + 0 极大值 -



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第三章·第二讲
导数的应用
【突破攻略】
一般地,在闭区间[a,b]上的连续函数f(x)必有最大值与最小值,但在开区间(a,b)内的连续函 数不一定有最大值与最小值.若函数y=f(x)在闭区间[a,b]上是单调递增函数,则f(a)是最小 值,f(b)是最大值;反之,则f(a)是最大值,f(b)是最小值.
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2
第三章·第二讲
导数的应用
【易错警示】 f '(x)>0是不是y=f(x)为增函数的充要条件?
f '(x)>0是f(x)为增函数的充分不必要条件,这是因为f '(x)>0能推出f(x)为增函数, 而f(x)为增函数能推出f '(x)≥0,由上述分析还可得到f '(x)≥0是f(x)为增函数的必要 不充分条件. 同理,f '(x)≤0是f(x)为减函数的必要不充分条件.
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当 x 变化时,f(x)与 f′(x)的变化情况如下:
x
(-∞,-2) -2 -2,-23 -23 -23,+∞
f′(x)

0

0

f(x)
c
c-3227
所以,当 c>0 且 c-3227<0,存在 x1∈(-4,-2),x2∈-2,-23, x3∈-23,0,使得 f(x1)=f(x2)=f(x3)=0.由 f(x)的单调性知,当且仅 当 c∈0,3227时, 函数 f(x)=x3+4x2+4x+c 有三个不同零点.
解 (1)因为 x=5 时,y=11,所以a2+10=11,a=2. (2)由(1)可知,该商品每日的销售量为 y=x-2 3+10(x-6)2, 所以商场每日销售该商品所获得的利润为 f(x)=(x-3)x-2 3+10x-62 =2+10(x-3)(x-6)2,3<x<6. 从而,f′(x)=10[(x-6)2+2(x-3)(x-6)] =30(x-4)·(x-6),
(2)因 V(r)=5π(300r-4r3)(0<r<5 3), 故 V′(r)=π5(300-12r2), 故 V′(r)=0,解得 r=5 或-5(因 r=-5 不在定义域内,舍去). 当 r∈(0,5)时,V′(r)>0,故 V(r)在(0,5)上为增函数; 当 r∈(5,5 3)时,V′(r)<0,故 V(r)在(5,5 3)上为减函数. 由此可知,V(r)在 r=5 处取得最大值,此时 h=8. 所以当 r=5,h=8 时,该蓄水池的体积最大.
于是,当 x 变化时,f′(x),f(x)的变化情况如下表:
x
(3,4)
4
(4,6)
f′(x) +
0

f(x) 单调递增 极大值 42 单调递减
由上表可得,x=4 时,函数 f(x)取得极大值,也是最大值,
所以,当 x=4 时,函数 f(x)取得最大值,且最大值等于 42.
故当销售价格为 4 元/千克时,商场每日销售该商品所获得的利润最
解 (1)由 f(x)=x3+ax2+bx+c,得 f′(x)=3x2+2ax+b.因为 f(0)= c,f′(0)=b, 所以曲线 y=f(x)在点(0,f(0))处的切线方程为 y=bx+c. (2)当 a=b=4 时,f(x)=x3+4x2+4x+c, 所以 f′(x)=3x2+8x+4. 令 f′(x)=0,得 3x2+8x+4=0,解得 x=-2 或 x=-23.
大.
规律方法 (1)利用导数解决生活中优化问题的一般步骤: ①设自变量、因变量,建立函数关系式y=f(x),并确定其定 义域; ②求函数的导数f′(x),解方程f′(x)=0; ③比较函数在区间端点和f′(x)=0的点的函数值的大小,最大 (小)者为最大(小)值; ④回归实际问题作答. (2)如果目标函数在定义域内只有一个极值点,那么根据实际 意义该极值点就是最值点.
考点二 利用导数研究函数的零点或方程的根 【例2】 (2014·全国Ⅱ卷)已知函数f(x)=x3-3x2+ax+2,曲
线y=f(x)在点(0,2)处的切线与x轴交点的横坐标为-2. (1)求a; (2)证明:当k<1时,曲线y=f(x)与直线y=kx-2只有一个 交点.
(1)解 f′(x)=3x2-6x+a,f′(0)=a. 曲线 y=f(x)在点(0,2)处的切线方程为 y=ax+2. 由题设得-2a=-2,所以 a=1. (2)证明 由(1)知,f(x)=x3-3x2+x+2. 设 g(x)=f(x)-kx+2=x3-3x2+(1-k)x+4. 由题设知 1-k>0. 当 x≤0 时,g′(x)=3x2-6x+1-k>0,g(x)单调递增, g(-1)在(-∞,0]有唯一实根.
【训练1】 某村庄拟修建一个无盖的圆柱形蓄水池(不计厚 度).设该蓄水池的底面半径为r米,高为h米,体积为V立 方米.假设建造成本仅与表面积有关,侧面的建造成本为 100元/平方米,底面的建造成本为160元/平方米,该蓄水 池的总建造成本为12 000π元(π为圆周率). (1)将V表示成r的函数V(r),并求该函数的定义域; (2)讨论函数V(r)的单调性,并确定r和h为何值时该蓄水池 的体积最大.
解 (1)因为蓄水池侧面的总成本为 100·2πrh=200πrh 元,底面的总 成本为 160πr2 元. 所以蓄水池的总成本为(200πrh+160πr2)元. 又根据题意得 200πrh+160πr2=12 000π, 所以 h=51r(300-4r2), 从而 V(r)=πr2h=5π(300r-4r3). 因 r>0,又由 h>0 可得 0<r<5 3, 故函数 V(r)的定义域为(0,5 3),
规律方法 (1)本题求解的关键是通过构造函数,把曲线与直 线交点问题转化为函数零点问题来解决. (2)研究方程根的情况,可以通过导数研究函数的单调性、最 大值、最小值、变化趋势等,并借助函数的大致图像判断方 程根的情况,这是导数这一工具在研究方程中的重要应用.
【训练2】 (2016·北京卷节选)设函数f(x)=x3+ax2+bx+c. (1)求曲线y=f(x)在点(0,f(0))处的切线方程; (2)设a=b=4,若函数f(x)有三个不同零点,求c的取值范 围.
第3课时 导数与函数的综合应用
考点一 用导数研究生活中的优化问题 【例 1】某商场销售某种商品的经验表明,该商品每日的销售量 y(单
位:千克)与销售价格 x(单位:元/千克)满足关系式 y=x-a 3+10(x -6)2,其中 3<x<6,a 为常数.已知销售价格为 5 元/千克时,每 日可售出该商品 11 千克. (1)求 a 的值; (2)若该商品的成本为 3 元/千克,试确定销售价格 x 的值,使商场 每日销售该商品所获得的利润最大.
当 x>0 时,令 h(x)=x3-3x2+4, 则 g(x)=h(x)+(1-k)x>h(x). h′(x)=3x2-6x=3x(x-2),h(x)在(0,2)单调递减,在(2,+∞)单调 递增, 所以 g(x)>h(x)≥h(2)=0. 所以 g(x)=0 在(0,+∞)没有实根. 综上,g(x)=0 在 R 有唯一实根, 即曲线 y=f(x)与直线 y=kx-2 只有一个交点.
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