2020届北师大版(文科数学) 函数与方程、不等式相结合问题 单元测试精品版

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2020届北师大版(文科数学) 不等式的性质与一元二次不等式 单元测试

2020届北师大版(文科数学) 不等式的性质与一元二次不等式   单元测试

单元测试(三十二)(建议用时:60分钟) A 组 基础达标一、选择题1.若a >b >0,c <d <0,则一定有( ) A .ac >bd B .ac <bd C .ad <bcD .ad >bcB [由c <d <0得-c >-d >0,又a >b >0,则-ac >-bd ,所以ac <bd ,故选B.] 2.不等式(x -1)(2-x )≥0的解集为( ) A .{x |1≤x ≤2} B .{x |x ≤1或x ≥2}C .{x |1<x <2}D .{x |x <1或x >2}A [原不等式可化为(x -1)(x -2)≤0,解得1≤x ≤2,故选A .] 3.设α∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,π2,β∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤0,π2,那么2α-β3的取值范围是( )A .⎝⎛⎭⎪⎫0,5π6 B .⎝ ⎛⎭⎪⎫-π6,5π6C .(0,π)D .⎝ ⎛⎭⎪⎫-π6,πD [由α∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,π2得0<2α<π,由β∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤0,π2得-π6≤-β3≤0,∴-π6<2α-β3<π,故选D.]4.若不等式ax 2+bx +2>0的解集为{x |-1<x <2},则不等式2x 2+bx +a >0的解集为( )A .⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫x ⎪⎪⎪x <-1或x >12 B.⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫x ⎪⎪⎪-1<x <12 C .{x |-2<x <1} D .{x |x <-2或x >1}A [由题意知⎩⎪⎨⎪⎧-ba=-1+2,2a =-1×2,即⎩⎪⎨⎪⎧b a =-1,2a =-2,解得⎩⎪⎨⎪⎧a =-1,b =1,则不等式2x 2+bx +a >0,即为2x 2+x -1>0,解得x >12或x <-1,故选A .]5.某商场若将进货单价为8元的商品按每件10元出售,每天可销售100件,现准备采用提高售价来增加利润.已知这种商品每件售价提高1元,销售量就会减少10件.那么要保证每天所赚的利润在320元以上,每件售价应定为( )A .12元B .16元C .12元到16元之间D .10元到14元之间C [设销售价定为每件x 元,利润为y ,则y =(x -8)[100-10(x -10)], 由题意得(x -8)[100-10(x -10)]>320, 即x 2-28x +192<0,解得12<x <16.所以每件销售价应为12元到16元之间,故选C .] 二、填空题6.(2019·石家庄模拟)不等式-2x 2+x +1>0的解集为________.⎝ ⎛⎭⎪⎫-12,1 [-2x 2+x +1>0,即2x 2-x -1<0,(2x +1)(x -1)<0,解得-12<x <1,∴不等式-2x 2+x +1>0的解集为⎝ ⎛⎭⎪⎫-12,1.]7.已知a ,b ,c ,d 均为实数,有下列命题. ①若ab >0,bc -ad >0,则c a -d b>0; ②若ab >0,c a -d b>0,则bc -ad >0; ③若bc -ad >0,c a -d b>0,则ab >0. 其中正确的命题是________.①②③ [根据不等式的性质知①②正确,对于命题③, 由c a -d b >0得bc -adab>0,又bc -ad >0,则ab >0,故③正确.] 8.有纯农药一桶,倒出8升后用水补满,然后又倒出4升后再用水补满,此时桶中的农药不超过容积的28%,则桶的容积的取值范围是________.⎝ ⎛⎦⎥⎤8,403 [设桶的容积为x 升,那么第一次倒出8升纯农药液后,桶内还有(x -8)(x >8)升纯农药液,用水补满后,桶内药液的浓度为x -8x.第二次又倒出4升药液,则倒出的纯农药液为x -x升,此时桶内有纯农药液⎣⎢⎡⎦⎥⎤x --x -x升.依题意,得(x -8)-x -x≤28%·x ,由于x >0,故不等式可化简为9x 2-150x +400≤0,即(3x -10)(3x -40)≤0,解得103≤x ≤403,又x >8,所以8<x ≤403.]三、解答题9.已知f (x )=-3x 2+a (6-a )x +6. (1)解关于a 的不等式f (1)>0;(2)若不等式f (x )>b 的解集为(-1,3),求实数a ,b 的值.[解] (1)由题意知f (1)=-3+a (6-a )+6=-a 2+6a +3>0,即a 2-6a -3<0,解得3-23<a <3+2 3.所以不等式的解集为{a |3-23<a <3+23}. (2)∵f (x )>b 的解集为(-1,3),∴方程-3x 2+a (6-a )x +6-b =0的两根为-1,3,∴⎩⎪⎨⎪⎧-+3=a-a3,-=-6-b 3,解得⎩⎨⎧a =3±3,b =-3.故a 的值为3±3,b 的值为-3.10.解不等式2x 2-3(1+a )x +6a >0(0<a <1).[解] Δ=9(1+a )2-48a =9a 2-30a +9=9(a -3)⎝ ⎛⎭⎪⎫a -13.(1)当13<a <1时,Δ<0,原不等式解集为R .(2)当a =13时,原不等式为2x 2-4x +2>0,即(x -1)2>0,解得x ≠1,原不等式解集为{x |x ≠1}.(3)当0<a <13时,Δ>0,方程2x 2-3(1+a )x +6a =0的两个根为x 1=3a +3-9a 2-30a +94,x 2=3a +3+9a 2-30a +94,因为x 2>x 1,所以原不等式的解集为x ⎪⎪⎪x >3a +3+9a 2-30a +94或x <3a +3-9a 2-30a +94.综上所述:当0<a <13时,原不等式的解集为⎩⎨⎧x ⎪⎪⎪ x >3a +3+9a 2-30a +94⎭⎬⎫或x <3a +3-9a 2-30a +94; 当a =13时,原不等式的解集为{x |x ≠1};当13<a <1时,原不等式的解集为R . B 组 能力提升1.函数f (x )=1-x 2+4x -的定义域是( )A .(-∞,1)∪(3,+∞)B .(1,3)C .(-∞,2)∪(2,+∞)D .(1,2)∪(2,3)D [由题意知⎩⎪⎨⎪⎧-x 2+4x -3>0,-x 2+4x -3≠1,解得1<x <3且x ≠2,故选D.]2.(2018·长春模拟)已知一元二次不等式f (x )<0的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x | x <-1或x >13,则f (e x)>0的解集为( )A .{x |x <-1或x >-ln 3}B .{x |-1<x <-ln 3}C .{x |x >-ln 3}D .{x |x <-ln 3}D [f (x )>0的解集为x ∈⎝⎛⎭⎪⎫-1,13.不等式f (e x )>0可化为-1<e x <13.解得x <ln 13,所以x <-ln 3,即f (e x)>0的解集为{x |x <-ln 3}.]3.不等式x 2+8y 2≥λy (x +y )对于任意的x ,y ∈R 恒成立,则实数λ的取值范围为________.[-8,4] [因为x 2+8y 2≥λy (x +y )对于任意的x ,y ∈R 恒成立,所以x 2+8y 2-λy (x +y )≥0对于任意的x ,y ∈R 恒成立,即x 2-λyx +(8-λ)y 2≥0恒成立,由二次不等式的性质可得,Δ=λ2y 2+4(λ-8)y 2=y 2(λ2+4λ-32)≤0, 所以(λ+8)(λ-4)≤0,解得-8≤λ≤4.] 4.解关于x 的不等式ax 2-(2a +1)x +2<0(a ∈R ). [解] 原不等式可化为(ax -1)(x -2)<0.(1)当a >0时,原不等式可以化为a (x -2)⎝⎛⎭⎪⎫x -1a <0.因为方程(x -2)⎝ ⎛⎭⎪⎫x -1a =0的两个根分别是2,1a ,所以当0<a <12时,2<1a ,则原不等式的解集是⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫x ⎪⎪⎪2<x <1a ;当a =12时,原不等式的解集是∅;当a >12时,1a <2,则原不等式的解集是x ⎪⎪⎪1a<x <2.(2)当a =0时,原不等式为-(x -2)<0,解得x >2, 即原不等式的解集是{x |x >2}.(3)当a <0时,原不等式可以化为a (x -2)⎝⎛⎭⎪⎫x -1a <0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x -2)·⎝⎛⎭⎪⎫x -1a >0,由于1a<2,故原不等式的解集是⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫x ⎪⎪⎪ x <1a或x >2. 综上所述,当a <0时,不等式的解集为x ⎪⎪⎪x <1a或x >2;当a =0时,不等式的解集为{x |x >2};当0<a <12时,不等式的解集为⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫x ⎪⎪⎪2<x <1a ; 当a =12时,不等式的解集为∅;当a >12时,不等式的解集为⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫x ⎪⎪⎪1a<x <2.。

2020届北师大版(文科数学) 不等关系与不等式解法 单元测试

2020届北师大版(文科数学)  不等关系与不等式解法   单元测试

2020届北师大版(文科数学)不等关系与不等式解法单元测试
1..已知函数,则满足的实数的取值范围是
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
设,利用换元法求解的范围,可得的范围,解不等式组即可求解实数的取值范围.
【详解】设,
,即求解函数

可得或,
解得:;
即;
由函数,
或,解得:或,
所以实数的范围是,故选A.
【点睛】本题主要考查分段函数的解析式、分段函数解不等式,属于中档题.对于分段函数解析式的考查是命题的动向之一,常见题型:(1)求分段函数的函数值,要先确定要求值的自变量属于哪一段区间,然后代入该段的解析式求值,当出现的形式时,应从内到外依次求值.(2)当给出函数值求自变量的值时,先假设所求的值在分段函数定义区间的各段上,然后求出相应自变量的值,切记要代入检验,看所求的自变量的值是否满足相应段自变量的取值范围.
(江苏省七市2019届(南通、泰州、扬州、徐州、淮安、宿迁、连云港)高三第二次调研考试数学试题)
2.已知关于的不等式( a,b,c R ) 的解集为{ x | 3 < x < 4},则
的最小值为___.
【答案】
【解析】
【分析】
由不等式解集知a<0,由根与系数的关系知,将b,c分别用a 表示代入,利用基本不等式求最小值即可
【详解】由不等式解集知a<0,由根与系数的关系知
则,当且仅当-24a=即取等
故答案为
【点睛】本题考查基本不等式的应用,二次不等式解法,根与系数的关系,求得a,b,c的关系是关键,是中档题。

2020届北师大版(文科数学) 不等式选讲 单元测试

2020届北师大版(文科数学) 不等式选讲   单元测试

2020届北师大版(文科数学) 不等式选讲 单元测试1.[考点一]设函数f (x )=⎪⎪⎪⎪x +1a +|x -a |(a >0). (1)证明:f (x )≥2;(2)若f (3)<5,求a 的取值范围.解:(1)证明:由a >0,有f (x )=⎪⎪⎪⎪x +1a +|x -a |≥⎪⎪⎪⎪x +1a -(x -a )=1a +a ≥2.当且仅当a =1时等号成立.所以f (x )≥2.(2)f (3)=⎪⎪⎪⎪3+1a +|3-a |. 当a >3时,f (3)=a +1a , 由f (3)<5得3<a <5+212.当0<a ≤3时,f (3)=6-a +1a ,由f (3)<5得1+52<a ≤3.综上,a 的取值范围是⎝ ⎛⎭⎪⎫1+52,5+212.2.[考点二](2018·保定模拟)设函数f (x )=|x -1|+|x -a |(a ∈R). (1)当a =4时, 求不等式f (x )≥5的解集; (2)若f (x )≥4对x ∈R 恒成立,求a 的取值范围.解:(1)当a =4时, 不等式即为|x -1|+|x -4|≥5,等价于⎩⎪⎨⎪⎧x <1,-2x +5≥5或⎩⎨⎧1≤x ≤4,3≥5或⎩⎪⎨⎪⎧x >4,2x -5≥5, 解得x ≤0或x ≥5,故不等式f (x )≥5的解集为{x |x ≤0或x ≥5}. (2)因为f (x )=|x -1|+|x -a |≥|(x -1)-(x -a )|=|a -1|, 所以f (x )min =|a -1|,故|a -1|≥4,解得a ≤-3或a ≥5. 故a 的取值范围为(-∞,-3]∪[5,+∞).3.[考点一]已知函数f (x )=ax 2+x -a 的定义域为[-1,1]. (1)若f (0)=f (1),解不等式|f (x )-1|<ax +34;(2)若|a |≤1,求证:|f (x )|≤54.解:(1)f (0)=f (1),即-a =a +1-a ,则a =-1, 所以f (x )=-x 2+x +1,所以不等式化为|-x 2+x |<-x +34,①当-1≤x <0时,不等式化为x 2-x <-x +34,解得-32<x <0; ②当0≤x ≤1时,不等式化为-x 2+x <-x +34,解得0≤x <12.综上,原不等式的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x |-32<x <12. (2)证明:由已知x ∈[-1,1], 所以|x |≤1,又|a |≤1,则|f (x )|=|a (x 2-1)+x |≤|a (x 2-1)|+|x |≤|x 2-1|+|x |=1-|x |2+|x |=-⎝⎛⎭⎫|x |-122+54≤54. 4.[考点一](2018·开封模拟)设函数f (x )=|x -a |,a <0. (1)证明:f (x )+f ⎝⎛⎭⎫-1x ≥2; (2)若不等式f (x )+f (2x )<12的解集非空,求a 的取值范围.解:(1)证明:函数f (x )=|x -a |,a <0, 则f (x )+f ⎝⎛⎭⎫-1x =|x -a |+⎪⎪⎪⎪-1x -a =|x -a |+⎪⎪⎪⎪1x +a≥⎪⎪⎪⎪(x -a )+⎝⎛⎭⎫1x +a =⎪⎪⎪⎪x +1x =|x |+1|x |≥2|x |·1|x |=2(当且仅当|x |=1时取等号). (2)f (x )+f (2x )=|x -a |+|2x -a |,a <0.当x ≤a 时,f (x )+f (2x )=a -x +a -2x =2a -3x ,则f (x )+f (2x )≥-a ; 当a <x < a 2时, f (x )+f (2x )=x -a +a -2x =-x ,则-a2<f (x )+f (2x )<-a ;当x ≥a 2时,f (x )+f (2x )=x -a +2x -a =3x -2a ,则f (x )+f (2x )≥-a2,则f (x )+f (2x )的值域为⎣⎡⎭⎫-a2,+∞, 不等式f (x )+f (2x )<12的解集非空,即为12>-a 2,解得,a >-1,由于a <0,则a 的取值范围是(-1,0). 5.(2018·全国乙卷)已知函数f (x )=|x +1|-|2x -3|. (1)画出y =f (x )的图象; (2)求不等式|f (x )|>1的解集.解:(1)由题意得f (x )=⎩⎨⎧x -4,x ≤-1,3x -2,-1<x ≤32,-x +4,x >32,故y =f (x )的图象如图所示.(2)由f (x )的函数表达式及图象可知, 当f (x )=1时,可得x =1或x =3; 当f (x )=-1时,可得x =13或x =5.故f (x )>1的解集为{x |1<x <3},f (x )<-1的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪x <13或x >5. 所以|f (x )|>1的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪x <13或1<x <3或x >5. 6.(2018·全国丙卷)已知函数f (x )=|2x -a |+a . (1)当a =2时,求不等式f (x )≤6的解集;(2)设函数g (x )=|2x -1|.当x ∈R 时,f (x )+g (x )≥3,求a 的取值范围. 解:(1)当a =2时,f (x )=|2x -2|+2. 解不等式|2x -2|+2≤6得-1≤x ≤3. 因此f (x )≤6的解集为{x |-1≤x ≤3}.(2)当x ∈R 时,f (x )+g (x )=|2x -a |+a +|1-2x |≥3, 即⎪⎪⎪⎪x -a 2+⎪⎪⎪⎪12-x ≥3-a 2. 又⎝⎛⎭⎫⎪⎪⎪⎪x -a 2+⎪⎪⎪⎪12-x min =⎪⎪⎪⎪12-a 2, 所以⎪⎪⎪⎪12-a 2≥3-a 2,解得a ≥2.所以a 的取值范围是[2,+∞).7.(2018·新课标全国卷Ⅰ)已知函数f (x )=|x +1|-2|x -a |,a >0. (1)当a =1时,求不等式f (x )>1的解集;(2)若f (x )的图象与x 轴围成的三角形面积大于6,求a 的取值范围.解:(1)当a =1时,f (x )>1化为|x +1|-2|x -1|-1>0.当x ≤-1时,不等式化为x -4>0,无解; 当-1<x <1时,不等式化为3x -2>0, 解得23<x <1;当x ≥1时,不等式化为-x +2>0,解得1≤x <2.所以f (x )>1的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x 23<x <2.(2)由题设可得f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x -1-2a ,x <-1,3x +1-2a ,-1≤x ≤a ,-x +1+2a ,x >a .所以函数f (x )的图象与x 轴围成的三角形的三个顶点分别为A ⎝ ⎛⎭⎪⎫2a -13,0,B (2a +1,0),C (a ,a +1),△ABC 的面积为23(a +1)2.由题设得23(a +1)2>6,故a >2.所以a 的取值范围为(2,+∞).8.(2013·新课标全国卷Ⅰ)已知函数f (x )=|2x -1|+|2x +a |,g (x )=x +3. (1)当a =-2时,求不等式f (x )<g (x )的解集;(2)设a >-1,且当x ∈⎣⎡⎭⎫-a 2,12时,f (x )≤g (x ),求a 的取值范围. 解:(1)当a =-2时,不等式f (x )<g (x )化为|2x -1|+|2x -2|-x -3<0.设函数y =|2x -1|+|2x -2|-x -3,则y =⎩⎨⎧-5x ,x <12,-x -2,12≤x ≤1,3x -6,x >1.其图象如图所示.由图象可知,当且仅当x ∈(0,2)时,y <0. 所以原不等式的解集是{x |0<x <2}. (2)当x ∈⎣⎡⎭⎫-a 2,12时,f (x )=1+a . 不等式f (x )≤g (x )化为1+a ≤x +3. 所以x ≥a -2对x ∈⎣⎡⎭⎫-a 2,12都成立. 故-a 2≥a -2,即a ≤43.从而a 的取值范围是⎝⎛⎦⎤-1,43. 9.(2012·新课标全国卷)已知函数f (x )=|x +a |+|x -2|. (1)当a =-3时,求不等式f (x )≥3的解集;(2)若f (x )≤|x -4|的解集包含[1,2],求a 的取值范围. 解:(1)当a =-3时,f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧-2x +5,x ≤2,1,2<x <3,2x -5,x ≥3.当x ≤2时,由f (x )≥3得-2x +5≥3,解得x ≤1; 当2<x <3时,f (x )≥3无解;当x ≥3时,由f (x )≥3得2x -5≥3,解得x ≥4; 所以f (x )≥3的解集为{x |x ≤1或x ≥4}. (2)f (x )≤|x -4|⇔|x -4|-|x -2|≥|x +a |. 当x ∈[1,2]时,|x -4|-|x -2|≥|x +a | ⇔4-x -(2-x )≥|x +a |⇔-2-a ≤x ≤2-a . 由条件得-2-a ≤1且2-a ≥2,即-3≤a ≤0. 故满足条件的a 的取值范围为[-3,0].。

2020-2021学年北师大版高中数学必修五《不等式》综合检测题及解析

2020-2021学年北师大版高中数学必修五《不等式》综合检测题及解析

(新课标)最新北师大版高中数学必修五第三章 不等式 同步练习一、选择题1、不等式021≥++x x 的解集为( ) A 、{}21-≤-≥x x x 或 B 、{}12-≤≤-x xC 、{}21≤≤x xD 、{}21πx x x 或-≥2.下列命题中,一定正确的是( )A .若b a >,且a 1>b1,则0>a ,0<b B .若b a >,0≠b ,则1>b a C .若b a >,且d b c a +>+,则c >dD .若b a >,且bd ac >,则d c >3.设0,0>>y x ,下列不等式中等号不能成立的是( )A .42≥++xy y xB .4)11)((≥++yx y x C .4)1)(1(≥++yy x x D .22322≥++x x4.在下列函数中,最小值是2的是( ) A .x x y 22+=B .)0(12>++=x x x yC .)20(sin 1sin π<<+=x x x y D .x x y -+=775、对于任意实数x ,不等式04)2(2)2(2π----x a x a 恒成立,则实数a 的取值范围为( )A 、()2,∞-B 、(]2,∞-C 、()2,2-D 、(]2,2-6、已知集合{}0232πx x x A --=,{}0πa x x B -=,且A B ⊄,则a 的取值范围为( )A 、1≤aB 、21≤a πC 、2φaD 、2≤a7.以下四个命题中,正确的是( )A .原点与点(2,3)在直线032=-+y x 同侧B .点(3,2)与点(2,3)在直线0=-y x 同侧C .原点与点(2,1)在直线0213=+-x y 异侧 D .原点与点(2,l )在直线0213=+-x y 同侧 8、在直角坐标系中,满足不等式022≥-x y 的点(x ,y )的集合(图中阴影表示)是( )9.已知0>>b a ,全集U =R ,}|{a x ab x A <<=,}2|{b a x b x B +<<=,则B A U I )(ς 为( ) A .}|{ab x b x <<B .}2|{b a x ab x +<< C .}2|{b a x b x +<< D .}2|{a x b a x x ≥+<或 10.设1x ,2x 关于x 的二次方程01222=-+-k kx x 的两个实根,k 为实数,则2221x x + 最小值为( ) A .-2 B .-1 C .1 D .211.△ABC 中,三个顶点坐标为A (2,4),B (-1,2),C (1,0),点P (x ,y )在△ABC 内部和边界上运动,则y x z -=的最大值及最小值是( )A .3,1B .-1,-3C .1,-3D .3,-101≥+-y x 540≤≤x 12.可行域D :04≤-+y x 与可行域E : 的关系是( )0≥x 520≤≤y 0≥y A .E D = B .E D ≠⊂C .DE ≠⊂ D .E D ⊄二、填空题13.若1,3,,,,2222=+=+∈y x b a R y x b a 且,则by ax +的最大值为_________.14.设点P(x ,y)在函数x y 24-=的图像上运动,则y x 39+的最小值为_______.15.设x >0,0>y ,且1222=+y x ,则21y x +的最大值是_________.10≤≤x16.约束条件 10≤≤y 表示的平面区域的面积为______________.21≤-x y 三、解答题17.当23<x 时,求函数328-+=x x y ,并求出此时x 的值.18、已知下列三个方程:0)1(0344222=+-+=+-+a x a x a ax x ,,0222=-+a ax x 中至少有一个方程有实根,求a 的取值范围。

北师大版(文科数学) 不等式测试 单元测试(含答案)

北师大版(文科数学)    不等式测试     单元测试(含答案)

不等式测试一、单选题(共10道,每道10分)1.如果不等式对任意实数都成立,则实数的取值范围是( )A. B.C. D.答案:C解题思路:试题难度:三颗星知识点:一元二次不等式的性质2.若不等式的解集为,则的值为( )A.5B.-5C.7D.-7答案:D解题思路:试题难度:三颗星知识点:一元二次不等式的解法3.设函数,则不等式的解集是( )A. B.C. D.答案:B解题思路:试题难度:三颗星知识点:绝对值不等式的解法4.不等式,对任意实数恒成立,则实数的取值范围为( )A. B.C. D.答案:D解题思路:试题难度:三颗星知识点:绝对值三角不等式5.若,且,则下列不等式恒成立的是( )A. B.C. D.答案:D解题思路:试题难度:三颗星知识点:基本不等式6.若,,则的取值范围为( )A. B.C. D.不确定答案:B解题思路:试题难度:三颗星知识点:柯西不等式7.若实数满足,则的取值范围是( )A. B.C. D.答案:C解题思路:试题难度:三颗星知识点:线性规划问题8.不等式组的解集为,下列命题中正确的是( )A.,B.,C.,D.答案:C解题思路:试题难度:三颗星知识点:线性规划问题9.某个命题与自然数有关,若时命题成立,那么可推得当时该命题也成立.现已知当时,该命题不成立,那么可推得( )A.当时,该命题不成立B.当时,该命题成立C.当时,该命题不成立D.当时,该命题成立答案:C解题思路:试题难度:三颗星知识点:数学归纳法10.用数学归纳法证明:,则当时,左端应在的基础上加上( )A. B.C. D.答案:D解题思路:由数学归纳法,归纳递推可得,选D.试题难度:三颗星知识点:数学归纳法。

2020届北师大版(文科数学) 二元一次不等式(组)与简单的线性规划 单元测试

2020届北师大版(文科数学)  二元一次不等式(组)与简单的线性规划   单元测试

2020届北师大版(文科数学)二元一次不等式(组)与简单的线性规划单元测试1.已知实数满足,则目标函数的最大值为____.【答案】5【解析】【分析】作出不等式组对应的平面区域,利用数形结合即可得到z的最大值.【详解】作出实数x,y满足对应的平面区域,如图:由z=2x+y得y=﹣2x+z,平移直线y=﹣2x+z由图象可知当直线y=﹣2x+z经过点A时,直线y=﹣2x+z的截距最大.又与联立得A(2,1)此时z最大,此时z的最大值为z=2×2+1=5,故答案为5.【点睛】本题主要考查线性规划的应用,考查了z的几何意义,利用数形结合是解决本题的关键.(吉林省吉林市普通中学2019届高三第三次调研测试理科数学试题)2.已知函数,若函数恰有2个不同的零点,则实数的取值范围为______.【答案】【解析】【分析】因为,所以,画出的图像,通过分析图像与x 轴交点,结合分段函数的性质,可求出a的范围。

【详解】由题意得,即,如图所示,因为恰有两个不同的零点,即的图像与x轴有两个交点。

若当时,有两个零点,则令,解得或,则当时,没有零点,所以。

若当时,有一个零点,则当时,必有一个零点,即,综上【点睛】本题考查了函数的零点与方程,应用数形结合的方法,将方程求根问题,转换成图像与x轴交点的问题,再结合零点个数,进行分析判断,属中档题。

(山东省德州市2019届高三期末联考数学(理科)试题)3.若满足约束条件,则的最大值为____.【答案】5【解析】【分析】画出约束条件的可行域,利用目标函数的几何意义,转化求解目标函数的最值即可.【详解】x,y满足约束条件的可行域如图:由解得A(1,2).由可行域可知:目标函数经过可行域A时,z=x+2y取得最大值:5.故答案为:5.【点睛】本题考查线性规划的简单应用,目标函数的几何意义是解题的关键,考查计算能力.(山东省济南市2019届高三3月模拟考试数学(文)试题)4.已知实数,满足约束条件则的最小值是_________.【答案】-8【解析】【分析】根据约束条件,画出可行域,对化成斜截式,找到其最小值.【详解】根据约束条件画出可行域,如图所示,即为可行域.目标函数,化成斜截式,为斜率为-2的一簇平行线,为其在轴上的截距,可得过点时,截距最小,解方程组解得的最小值为【点睛】本题考查线性规划的一般解法,属于简单题.(山东省泰安市2019届高三上学期期末考试数学(文)试题)5.若实数满足,则的最小值为_____.【答案】【解析】试题分析:由题意,得,作出不等式组对应的平面区域如图,由得,平移直线,由图象知,当直线经过点时,直线的距离最小,此时最小,由和,即,此时,故答案为:.考点:简单线性规划.(山东省泰安市2019届高三一轮复习质量检测数学(理)试题)6.已知实数满足约束条件,则的最大值是A. 0B. 1C. 5D. 6【答案】D【解析】【分析】作出不等式组表示的平面区域,直接利用线性规划知识求解即可。

2020届北师大版(文科数学) 不等式小题综合练 单元测试

2020届北师大版(文科数学) 不等式小题综合练   单元测试

2020届北师大版(文科数学) 不等式小题综合练 单元测试[基础保分练]1.下列不等式中,正确的是( )A .若a >b ,c >d ,则a +c >b +dB .若a >b ,则a +c <b +cC .若a >b ,c >d ,则ac >bdD .若a >b ,c >d ,则a c >b d2.已知关于x 的不等式x 2-ax -b <0的解集是(2,3),则a +b 的值是( )A .-11B .11C .-1D .13.已知x 2+y 2=1,则下列结论错误的是( )A .xy 的最大值为12B .xy 的最小值为-12C .x +y 的最大值为 2D .x +y 没有最小值4.不等式x +12x -1≤0的解集为( )A.⎣⎡⎭⎫-1,12B.⎣⎡⎦⎤-1,12C .(-∞,-1]∪⎝⎛⎭⎫12,+∞D .(-∞,-1]∪⎣⎡⎭⎫12,+∞5.若存在实数x ∈[0,4]使m >x 2-2x +5成立,则m 的取值范围为( )A .(13,+∞)B .(5,+∞)C .(4,+∞)D .(5,13)6.已知实数x ,y ,若x ≥0,y ≥0,且x +y =2,则x +1x +2+yy +1的最大值为( )A.65B.75C.85D.957.已知a ,b ,c 均为正数,且a +2b +3c =4,则ab +ac +bc +c 2的最大值为() A .2B .4C .6D .88.(2019·聊城一中月考)不等式[(1-a )n -a ]lg a <0,对任意正整数n 恒成立,则a 的取值范围是( )A .{a |a >1}B.⎩⎨⎧⎭⎬⎫a ⎪⎪0<a <12 C.⎩⎨⎧⎭⎬⎫a ⎪⎪0<a <12或a >1 D.⎩⎨⎧⎭⎬⎫a ⎪⎪ 0<a <13或a >1 9.已知实数a ,b ,c 满足a >b >1,0<c <1,则( )A .(a -c )c <(b -c )cB .log a (c +1)>log b (c +1)C .log a c +log c a ≥2D .a 2c 2>b 2c 2>c 410.已知a ,b 均为正实数,且直线ax +by -6=0与直线(b -3)x -2y +5=0互相垂直,则2a +3b 的最小值为( )A .12B .13C .24D .2511.已知3a =4b =12,则a ,b 不可能满足的关系是( )A .a +b >4B .ab >4C .(a -1)2+(b -1)2>2D .a 2+b 2<312.(2019·泰安一中检测)已知函数f (x )=x -m x +5,当1≤x ≤9时,f (x )>1恒成立,则实数m 的取值范围为( )A .m <133B .m <5C .m <4D .m ≤5 13.已知x >0,y >0,且2x +1y=1,若x +2y >m 2+2m 恒成立,则实数m 的取值范围是________. 14.已知直线2ax -by =1(a >0,b >0)过圆x 2+y 2-2x +4y +1=0的圆心,则4a +2+1b +1的最小值为________. 15.已知f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2-4x +6,x ≥0,x +6,x <0,则不等式f (x )>f (1)的解集是____________. 16.某公司一年购买某种货物600吨,每次购买x 吨,运费为6万元/次,一年的总存储费用为4x 万元.要使一年的总运费与总存储费用之和最小,则x 的值是________.答案精析1.A 2.C 3.D 4.A 5.C 6.A 7.A8.C [由题意可知a >0,∴当a >1时,lg a >0.不等式[(1-a )n -a ]lg a <0转化为(1-a )n -a <0,a >n n +1=1-1n +1对任意正整数n 恒成立,∴a >1. 当0<a <1时,lg a <0,不等式[(1-a )n -a ]lg a <0转化为(1-a )n -a >0,a <n n +1=1-1n +1对任意正整数n 恒成立,∴a <12, ∵0<a <1,∴0<a <12. 当a =1时,lg a =0,不等式不成立,舍去,综上所述,实数a 的取值范围是a >1或0<a <12.故选C.] 9.D [因为函数y =x c 在(0,+∞)上单调递增,a -c >b -c >0,所以(a -c )c >(b -c )c ,A 不正确;因为当x >1时,log a x <log b x ,c +1>1,所以log a (c +1)<log b (c +1),B 不正确;因为log a c <0,log c a <0,所以log a c +log c a ≥2不成立,C 不正确;因为a 2>b 2>c 2,0<c 2<1,所以a 2c 2>b 2c 2>c 4,D 正确.故选D.]10.D [由两直线互相垂直可得a (b -3)-2b =0,即2b +3a =ab ,则2a +3b=1. 又a ,b 为正数,所以2a +3b =(2a +3b )⎝⎛⎭⎫2a +3b =13+6a b +6b a≥13+ 26a b ×6b a=25,当且仅当a =b 时取等号,故2a +3b 的最小值为25.故选D.] 11.D [∵3a =4b =12,∴a =log 312,b =log 412,∴1a +1b=log 123+log 124=1, 整理得a +b =ab (a ≠b ).对于A ,由于a +b =ab <⎝⎛⎭⎫a +b 22,解得a +b >4,所以A 成立.对于B ,由于ab =a +b >2ab ,解得ab >4,所以B 成立.对于C ,(a -1)2+(b -1)2=a 2+b 2-2(a +b )+2=a 2+b 2-2ab +2=(a -b )2+2>2,所以C 成立. 对于D ,由于4<a +b <2a 2+b 22=2a 2+b 2, 所以a 2+b 2>8,因此D 不成立.]12.C [函数f (x )=x -m x +5,令t =x ,函数可变为g (t )=t 2-mt +5,当1≤x ≤9时,1≤t ≤3.故f (x )>1恒成立可转化为g (t )>1在1≤t ≤3上恒成立.令y =g (t )-1=t 2-mt +4,t ∈[1,3]①当m 2≤1,即m ≤2时,函数y =t 2-mt +4在[1,3]上单调递增, 则当t =1时,y min =1-m +4=5-m >0,解得m <5,又有m ≤2,所以m ≤2.②当1<m 2<3,即2<m <6时, y =t 2-mt +4在⎣⎡⎦⎤1,m 2上单调递减, 在⎣⎡⎦⎤m 2,3上单调递增,当t =m 2时,y min =⎝⎛⎭⎫m 22-m ·m 2+4=-m 24+4>0, 解得-4<m <4,又2<m <6, 则2<m <4.③当m 2≥3,即m ≥6时,函数y =t 2-mt +4在[1,3]上单调递减, 则当t =3时,y min =9-3m +4=13-3m >0,解得m <133,又有m ≥6,无解. 综上可得m <4,故选C.]13.(-4,2)解析 由2x +1y=1,可得x +2y =(x +2y )⎝⎛⎭⎫2x +1y =4+x y +4y x ≥4+2x y ·4y x=8. x +2y >m 2+2m 恒成立⇔m 2+2m <(x +2y )min ,所以m 2+2m <8恒成立,即m 2+2m -8<0恒成立,解得-4<m <2.14.187解析 圆x 2+y 2-2x +4y +1=0的圆心为(1,-2).由于直线2ax -by =1(a >0,b >0)过圆x 2+y 2-2x +4y +1=0的圆心, 故有2a +2b =1.所以4a +2+1b +1=17⎝⎛⎭⎫4a +2+1b +1 [2(a +2)+2(b +1)]=17⎣⎢⎡⎦⎥⎤10+8b +1a +2+2a +2b +1 ≥17[10+216]=187, 当且仅当8×b +1a +2=2×a +2b +1时等号成立. 15.(-3,1)∪(3,+∞) 16.30。

2019—2020年最新北师大版高一数学函数应用单元检测同步练习(精品试题)

2019—2020年最新北师大版高一数学函数应用单元检测同步练习(精品试题)

函数应用单元检测(时间:45分钟,满分:100分)一、选择题(本大题共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的) 1.下列函数没有零点的是( ).A.f(x)=0 B.f(x)=2C.f(x)=x3-1 D.1=-f x x()x2.函数3()lnf x x=-的零点所在的大致区间是( ).xA.(1,2) B.(2,3)C.(3,4) D.(e,+∞)3.函数()f x=( ).4.若函数y=f(x)在区间[0,4]上的图像是连续不断的曲线,且方程f(x)=0在(0,4)内仅有一个实数根,则f(0)·f(4)的值( ).A.大于0 B.小于0C.等于0 D.无法判断5.在养分充足的情况下,细菌的数量会以指数函数的方式增加.假设细菌A的数量每2小时可以增加为原来的2倍,细菌B的数量每5小时可以增加为原来的4倍.现在若养分充足,且一开始两种细菌的数量相等,要使细菌A的数量是B的数量的两倍,需要的时间为( ).A.5 h B.10 h C.15 h D.30 h6.若一元二次方程ax2+2x+1=0(a≠0)有一个正根和一个负根,则有( ).A.a<0 B.a>0C.a<-1 D.a>17.某厂有许多形状为直角梯形的铁边边角料,如图,为降低消耗,开源节流,现要从这些边角料上截取矩形铁片(如图中阴影部分)备用,当截取的矩形面积最大时,矩形两边长x,y应为( ).A.x=15,y=12 B.x=12,y=15C.x=14,y=10 D.x=10,y=148.若方程m x-x-m=0(m>0,m≠1)有两个不同的实数根,则m的取值范围是( ).A.m>1 B.0<m<1C.m>0 D.m>2二、填空题(本大题共3小题,每小题6分,共18分.把正确答案填在题中横线上)9.已知f(x),g(x)均为[-1,3]上连续不断的曲线,根据下表能判断方程f(x)=g(x)有实数解的区间为________.10.m的取值范围是__________.11.若函数f(x)是偶函数,定义域为{x∈R|x≠0}且f(x)在(0,+∞)上是减少的,f(2)=0,则函数f(x)的零点有______个.三、解答题(本大题共3小题,共34分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)12.(10分)判断下列函数是否存在零点,如果存在,请求出:(1)f(x)=-8x2+7x+1;(2)f(x)=x2+x+2;(3)f(x)=x3+1.13.(12分)已知甲、乙两个工厂在今年的1月份的利润都是6万元,且甲厂在2月份的利润是14万元,乙厂在2月份的利润是8万元.若甲、乙两个工厂的利润(万元)与月份x 之间的函数关系式分别符合下列函数模型:f(x)=a1x2+b1x+6,g(x)=a23x+b2(a1,a2,b1,b2∈R).(1)求甲、乙两个工厂今年5月份的利润;(2)在同一直角坐标系下画出函数f(x)与g(x)的草图,并根据草图比较今年甲、乙两个工厂的利润的大小情况.14.(12分)已知函数f(x)=e x+4x-3.(1)求证:函数f(x)在[0,1]上有唯一零点;(2)用二分法求函数取到这个唯一零点时相应的x的近似值.(误差不超过0.2,参考数据:e≈2.71.6,e0.3≈1.2)的取值范围.参考答案1答案:B2答案:B 解析:由于f(1)=3>0,f(2)=32-ln 2>0,f(3)=1-ln 3<0,f(2)·f(3)<0,所以零点所在区间为(2,3).3答案:B 解析:由f(x)=0可得(2)0,10,x x x +=⎧⎨+>⎩解得x =0,故函数仅有1个零点.4答案:D 解析:如图中的(1),(2),(3)均符合题意,故f(0)·f(4)的值不确定.5答案:B 解析:假设一开始两种细菌数量均为m ,则依题意经过x 小时后,细菌A 的数量是f(x)=m ·22x ,细菌B 的数量是g(x)=m ·54x ,令m ·22x =2·m ·54x ,解得x =10.6答案:A 解析:注意到二次函数y =ax 2+2x +1恒过(0,1)点,因此当a <0时,方程恒有一正根和一负根,符合题意;当a >0时,不合题意.故有a <0.7答案:A 解析:∵由三角形相似得2424820y x -=-,得5(24)4x y =-, ∴S =xy =-54(y -12)2+180. ∴当y =12时,S 有最大值,此时x =15.8答案:A 解析:方程m x -x -m =0有两个不同的实数根,即函数y =m x 与y =x +m 的图像有两个不同的交点.显然,当m >1时,两图像有两个不同交点,当0<m <1时,只有1个交点,故m 的取值范围是m >1.9答案:(0,1)(答案不唯一) 解析:由于f(-1)<g(-1),f(0)<g(0),f(1)>g(1),所以f(x)=g(x)的解应在区间(0,1)内.10答案:(0,1] 解析:设x 1,x 2是函数f(x)的零点,则有 12120,20,0,x x x x m ∆≥⎧⎪+=>⎨⎪=>⎩即440,0,m m -≥⎧⎨>⎩解得0<m ≤1.11答案:2 解析:由已知条件,得f(-2)=0,画出函数f(x)的大致图像如图所示,可知f(x)有两个零点.12答案:解:(1)因为f(x)=-8x 2+7x +1=-(8x +1)(x -1),令f(x)=0,可解得x =18-或x =1, 所以函数的零点为18-和1. (2)令x 2+x +2=0,因为Δ=12-4×1×2=-7<0,所以方程无实数解.所以f(x)=x 2+x +2不存在零点.(3)因为f(x)=x 3+1=(x +1)(x 2-x +1),令(x +1)(x 2-x +1)=0,解得x =-1.所以函数的零点为-1.13答案:解:(1)依题意知(1)6,(2)14,f f =⎧⎨=⎩ 则有11110,428,a b a b +=⎧⎨+=⎩解得114,4,a b =⎧⎨=-⎩∴f(x)=4x 2-4x +6. ∴f(5)=4×52-4×5+6=86.又∵(1)6,(2)8,g g =⎧⎨=⎩有222236,98,a b a b +=⎧⎨+=⎩ 解得a 2=13,b 2=5, ∴g(x)=13·3x +5=3x -1+5. ∴g(5)=34+5=86.(2)作函数图像如下:从图中可以看出今年甲、乙两个工厂的利润:当x=1或x=5时,有f(x)=g(x);当1<x<5时,有f(x)>g(x);当5<x≤12时,有f(x)<g(x).14答案:(1)证明:∵f(0)=e0-3=-2<0,f(1)=e+1>0,∴f(0)·f(1)<0.又函数y=e x,y=4x-3在R上均为增函数,∴函数f(x)在[0,1]上递增.∴函数f(x)在[0,1]上存在唯一零点.(2)解:取区间[0,1]作为起始区间,用二分法逐次计算如下:[0.25,0.点x2=0.375到区间端点的距离小于0.2,因此可作为误差不超过0.2的一个零点的相应x的近似值.∴函数y=f(x)取到唯一零点时,相应的x的近似值为0.375.。

2019—2020年最新北师大版高一数学函数与方程3同步练习(精品试题)

2019—2020年最新北师大版高一数学函数与方程3同步练习(精品试题)

函数与方程3一、选择题1.若方程2ax2-x-1=0在(0,1)内恰有一解,则a的取值范围为( )A.a<-1 B.a>1C.-1<a<1 D.0≤a<1[答案] B[解析] f(x)=2ax2-x-1∵f(0)=-1<0 f(1)=2a-2∴由f(1)>0得a>1.故选B.2.(2012·山东临沂)已知函数f(x)=(x2-3x+2)g(x)+3x-4,其中g(x)是定义域为R的函数,则方程f(x)=0在下面哪个范围内必有实数根( )A.(0,1) B.(1,2) C.(2,3) D.(2,4)[答案] B[解析] ∵f(1)=0×g(x)-1<0,f(2)=0×g(x)+2>0,故在(1,2)上必有实根.3.关于方程3x+x2+2x-1=0,下列说法正确的是( )A.方程有两不相等的负实根B.方程有两个不相等的正实根C.方程有一正实根,一零根D.方程有一负实根,一零根[答案] D[解析] 令f1(x)=3xf2(x)=-x2-2x+1=2-(x+1)2则方程的根即为两函数图像交点横坐标由图像知方程有一负根,一零根.4.已知f(x)=1-(x-a)(x-b)(a<b),m,n是f(x)的零点,且m<n,则实数a,b,m,n的大小关系是( )A.m<a<b<n B.a<m<n<bC.a<m<b<n D.m<a<n<b[答案] A[解析] 本题考查函数性质,主要是函数的零点、单调性.如下图,f(a)=f(b)=1,f(m)=f(n)=0,结合图形知,选A.5.若函数f(x)=x3-3x+a有3个不同的零点,则实数a的取值范围是( )A.(-2,2) B.[-2,2]C.(-∞,-1) D.(1,+∞)[答案] A[解析] 本题考查了函数零点的判断方法及一元二次方程根与系数的关系.由于函数f (x )是连续的,故只需两个极值异号即可.f ′(x )=3x 2-3,令3x 2-3=0,则x =±1,只需f (-1)f (1)<0,即(a +2)(a -2)<0,故a ∈(-2,2).6.(2011·新课标文,10)在下列区间中,函数f (x )=e x +4x -3的零点所在的区间为( ) A .(-14,0)B .(0,14)C .(14,12)D .(12,34)[答案] C[解析] 本题考查了函数零点的判断.y =f (x )在(a ,b )上单调且有零点时有f (a )f (b )<0.依次验证选项.f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-14=1e 4-4<0,f (0)=-2<0,A 错,f ⎝ ⎛⎭⎪⎫14=e 14-2<0,B 错.f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12=e12-1>0,选C.二、填空题7.已知方程f (x )=0在(1,2)内有唯一解,用二分法求方程的近似解时,若要使精确度为0.1,则使用二分法的最多次数为________.[答案] 4[解析] 每一次使用二分法,区间长度为原区间长度的12,设n 次后达到精确度,则只需12n<0.1,即n ≥4.8.若函数f (x )=x 2+ax +b 的两个零点是-2和3,则不等式af (-2x )>0的解集是________.[答案] ⎩⎨⎧⎭⎬⎫x |-32<x <1[解析] 由于函数f (x )=x 2+ax +b 的两个零点是-2和3,即方程x 2+ax +b =0的两个根是-2和3.因此⎩⎨⎧-2+3=-a ,-2·3=b ,解得a =-1,b =-6,故f (x )=x 2-x -6.所以不等式af (-2x )>0,即-(4x 2+2x -6)>0, 解得-32<x <1.三、解答题9.关于x 的二次方程x 2+(m -1)x +1=0在区间 [0,2]上有解,求实数m 的取值范围. [解析] 设f (x )=x 2+(m -1)x +1,x ∈[0,2], ①若f (x )=0在区间[0,2]上有一解, ∵f (0)=1>0,则应有f (2)≤0,又∵f (2)=22+(m -1)×2+1,∴m ≤-32.②若f (x )=0在区间[0,2]上有两解,则⎩⎪⎨⎪⎧Δ≥00≤-m -12≤2f 20,∴⎩⎪⎨⎪⎧m -12-4≥0-3≤m ≤14m -12+1≥0,∴⎩⎪⎨⎪⎧m ≥3或m ≤-1-3≤m ≤1m ≥-32,∴-32≤m ≤-1,由①②可知m ≤-1.一、选择题1.设函数f (x )=4sin(2x +1)-x ,则在下列区间中函数f (x )不存在零点的是( ) A .[-4,-2]B .[-2,0]C .[0,2]D .[2,4][答案] A[解析] 本题判断f (x)=0在区间内是否成立,即4sin(2x +1)=x 是否有解.如上图:显然在[2,4]内曲线y =4sin(2x +1),当x =54π-12时,y =4,而曲线y =x ,当x =54π-12<4,有交点,故选A.2.(2012·山东济南)若方程x ⎝ ⎛⎭⎪⎫12x =x 13的解为x 0,则x 0属于以下区间( )A.⎝ ⎛⎭⎪⎫0,13B.⎝ ⎛⎭⎪⎫13,12C.⎝ ⎛⎭⎪⎫12,1 D .(1,2) [答案] B[解析] 构造函数f (x )=x⎝ ⎛⎭⎪⎫12x -x 13,易知该函数是R 上的减函数.又f ⎝ ⎛⎭⎪⎫13=⎝ ⎛⎭⎪⎫12 13 -⎝ ⎛⎭⎪⎫13 13>0, f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12=⎝ ⎛⎭⎪⎫12 12 -⎝ ⎛⎭⎪⎫12 13<0.∴x 0∈⎝ ⎛⎭⎪⎫13,12.二、填空题3.(2011·辽宁文,16)已知函数f (x )=e x -2x +a 有零点,则a 的取值范围是________. [答案] (-∞,2ln2-2][解析] 本题考查了用函数与方程的思想方法来对题目进行转化变形的能力. 函数f (x )=e x -2x +a 有零点,即方程 也就是a =-e x +2x 有解 令g (x )=-e x +2xg (x )的值域就是a 的取值范围 ∵g ′(x )=-e x +2=0的根为x =ln2且当x ∈(-∞,ln2)时,g ′(x )>0,g (x )是增函数 当x ∈(ln2,+∞)时,g ′(x )<0,g (x )是减函数 ∴g (x )max =g (ln2)=2ln2-2 ∴a 的取值范围是(-∞,2ln2-2].4.若函数f (x )=3ax -2a +1在区间[-1,1]上无实根,则函数g (x )=⎝ ⎛⎭⎪⎫a -15(x 3-3x +4)的单调递减区间是________.[答案] (-∞,-1),(1,+∞)[解析] f (x )在[-1,1]上的图像是线段,若方程f (x )=0在[-1,1]上无实根, 则f (-1)f (1)>0,即(-5a +1)(a +1)>0, 解得-1<a <15,∴a -15<0.由g ′(x )=⎝ ⎛⎭⎪⎫a -15(3x 2-3)<0,即3x 2-3>0得x <-1或x >1. 三、解答题5.对于函数f (x ),若存在x 0∈R ,使f (x 0)=x 0成立,则称x 0为f (x )的不动点.已知函数f (x )=ax2+(b+1)x+(b-1)(a≠0).(1)当a=1,b=-2时,求函数f(x)的不动点;(2)若对任意实数b,函数f(x)恒有两个相异的不动点,求a的取值范围.[解析] (1)f(x)=x2-x-3,因为x0为不动点,因此有f(x0)=x20-x0-3=x0,所以x0=-1或x0=3.所以3和-1为f(x)的不动点.(2)因为f(x)恒有两个不动点,f(x)=ax2+(b+1)x+(b-1)=x,ax2+bx+(b-1)=0,由题设知b2-4a(b-1)>0恒成立,即对于任意b∈R,b2-4ab+4a>0恒成立,所以有(-4a)2-4(4a)<0⇒a2-a<0.所以0<a<1.6.(2012·广州模拟)已知函数f(x)=4x+m·2x+1有且仅有一个零点,求m的取值范围,并求出该零点.[解析] ∵f(x)=4x+m·2x+1有且仅有一个零点,即方程(2x)2+m·2x+1=0仅有一个实根.设2x=t(t>0),则t2+mt+1=0.当Δ=0时,即m2-4=0,∴m=-2时,t=1;m=2时,t=-1不合题意,舍去,∴2x=1,x=0符合题意.当Δ>0,即m>2或m<-2时,t2+mt+1=0有两正根或两负根,f(x)有两个零点或无零点不合题意.∴这种情况不可能.综上可知:m=-2时,f(x)有唯一零点,该零点为x=0.7.(文)是否存在这样的实数a,使函数f(x)=x2+(3a-2)x+a-1在区间[-1,3]上与x轴有且只有一个交点.若存在,求出a的范围;若不存在,说明理由.[解析] ∵Δ=(3a-2)2-4(a-1)>0,∴若存在实数a满足条件,则只需f(-1)·f(3)≤0即可.f(-1)·f(3)=(1-3a+2+a-1)·(9+9a-6+a-1)=4(1-a)(5a+1)≤0.所以a≤-15或a≥1.检验:①当f(-1)=0时,a=1.所以f(x)=x2+x.令f(x)=0,即x2+x=0,得x=0或x=-1.方程在[-1,3]上有两根,不合题意,故a≠1.②当f(3)=0时,a=-15,此时f(x)=x2-135x-65,令f(x)=0,即x2-135x-65=0,解之得x=-25或x=3.方程在[-1,3]上有两根,不合题意,故a≠-1 5 .综上所述,a<-15或a>1.(理)定义域为R的偶函数f(x),当x>0时,f(x)=ln x-ax(a∈R),方程f(x)=0在R上恰有5个不同的实数解.(1)求x<0时,函数f(x)的解析式;(2)求实数a的取值范围.[解析] (1)设x<0,则-x>0,∵f(x)是偶函数,∴f(x)=f(-x)=ln(-x)+ax(x<0).(2)∵f(x)是偶函数,∴f (x )=0的根关于x =0对称,又f (x )=0恰有5个实数根,则5个根有两正根,两负根,一零根,且两正根与两负根互为相反数,∴原命题可转化为:当x >0时,f (x )的图像与x 轴恰有两个不同的交点. 下面就x >0时的情况讨论. ∵f ′(x )=1x-a ,∴当a ≤0,f ′(x )>0,f (x )=ln x -ax 在(0,+∞)上为增函数, 故f (x )=0在(0,+∞)上不可能有两个实根. a >0时,令f ′(x )=0,x =1a .当0<x <1a 时,f ′(x )>0,f (x )递增,当x >1a时,f ′(x )<0,f (x )递减,∴f (x )在x =1a处取得极大值-ln a -1,则要使f (x )在(0,+∞)有两个相异零点,如图.∴只要:-ln a -1>0,即ln a <-1,得:a ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,1e .。

北师版数学高一单元测试卷4.1.1函数与方程(一)含解析

北师版数学高一单元测试卷4.1.1函数与方程(一)含解析
∴f(x)=0在(-2,-1),(-1,0),(1,2)内均有根.
三、解答题:(共35分,11+12+12)
10.求下列函数的零点.
(1)f(x)=x-1;
(2)f(x)=x2-x-2;
(3)f(x)=x3-x.
解:(1)由f(x)=0,得x-1=0,∴x=1,
∴函数f(x)=x-1的零点是x=1.
2.下列说法中正确的个数是()
①f(x)=x+1,x∈[-2,0]的零点为(-1,0);
②f(x)=x+1,x∈[-2,0]的零点为-1;
③y=f(x)的零点,即y=f(x)的图象与x轴的交点;
④y=f(x)的零点,即y=f(x)的图象与x轴交点的横坐标.
A.1 B.2
C.3 D.4
答案:B
解析:根据函数零点的定义,f(x)=x+1,x∈[-2,0]的零点为-1.函数y=f(x)的零点,即y=f(x)的图象与x轴交点的横坐标.因此,只有说法②④正确,故选B.
解:f(-2)=-4a+4,f(1)=2a+4,∵f(x)在[-2,1]上存在零点,
∴f(-2)·f(1)≤0,∴(-4a+4)·(2a+4)≤0,即(a-1)(a+2)≥0,∴a≤-2或a≥1.
12.已知定义在R上的偶函数y=f(x)在[0,+∞)上递减,函数f(x)的一个零点为 ,求满足f(log x)<0的x的取值集合.
二、填空题:(每小题5分,共5×3=15分)
7.函数f(x)=lnx+3x-2的零点的个数是________.
答案:1
解析:由f(x)=lnx+3x-2=0,得lnx=2-3x,设g(x)=lnx,h(x)=2-3x,图象如图所示,两个函数的图象有1个交点,故函数f(x)=lnx+3x-2有1个零点.

2020届北师大版(文科数学) 集合 单元测试

2020届北师大版(文科数学) 集合   单元测试

2020届北师大版(文科数学) 集合 单元测试一、选择题1.若集合A ={(1,2),(3,4)},则集合A 的真子集的个数是( )A .16B .8C .4D .3解析:选D 集合A 中有两个元素,则集合A 的真子集的个数是22-1=3.选D.2.若集合A ={-1,0,1},B ={y |y =x 2,x ∈A },则A ∩B =( )A .{0}B .{1}C .{0,1}D .{0,-1}解析:选C 因为B ={y |y =x 2,x ∈A }={0,1},所以A ∩B ={0,1}.3.已知集合A ={y |y =|x |-1,x ∈R},B ={x |x ≥2},则下列结论正确的是( )A .-3∈AB .3∉BC .A ∩B =BD .A ∪B =B解析:选C 由题A ={y |y ≥-1},因此A ∩B ={x |x ≥2}=B .4.设集合M ={x |x 2=x },N ={x |lg x ≤0},则M ∪N =( )A .[0,1]B .(0,1]C .[0,1)D .(-∞,1]解析:选A M ={x |x 2=x }={0,1},N ={x |lg x ≤0}={x |0<x ≤1},M ∪N =[0,1].5.已知集合A =⎩⎨⎧x ⎪⎪⎭⎬⎫x ∈Z ,且32-x ∈Z ,则集合A 中的元素个数为( ) A .2 B .3 C .4 D .5解析:选C ∵32-x∈Z ,∴2-x 的取值有-3,-1,1,3,又∵x ∈Z ,∴x 值分别为5,3,1,-1,故集合A 中的元素个数为4.6.已知全集为整数集Z.若集合A ={x |y =1-x ,x ∈Z},B ={x |x 2+2x >0,x ∈Z},则A ∩(∁Z B )=( )A .{-2}B .{-1}C .[-2,0]D .{-2,-1,0}解析:选D 由题可知,集合A ={x |x ≤1,x ∈Z},B ={x |x >0或x <-2,x ∈Z},故A ∩(∁Z B )={-2,-1,0},故选D.7.(2018·成都模拟)已知全集U =R ,集合A ={x |0≤x ≤2},B ={x |x 2-1<0},则图中的阴影部分表示的集合为( )A .(-∞,1]∩(2,+∞)B .(-1,0)∪[1,2]C .[1,2)D .(1,2]解析:选B 因为A ={x |0≤x ≤2},B ={x |-1<x <1},所以A ∪B ={x |-1<x ≤2},A ∩B ={x |0≤x <1}.故图中阴影部分表示的集合为∁(A ∪B )(A ∩B )=(-1,0)∪[1,2].8.设全集U =R ,已知集合A ={x ||x |≤1},B ={x |log 2x ≤1},则(∁U A )∩B =( )A .(0,1]B .[-1,1]C .(1,2]D .(-∞,-1]∪[1,2]解析:选C 由|x |≤1,得-1≤x ≤1,由log 2x ≤1,得0<x ≤2,所以∁U A ={x |x >1或x <-1},则(∁U A )∩B =(1,2].9.设集合A =⎩⎨⎧⎭⎬⎫5,b a ,a -b ,B ={b ,a +b ,-1},若A ∩B ={2,-1},则A ∪B =( ) A .{2,3}B .{-1,2,5}C .{2,3,5}D .{-1,2,3,5}解析:选D 由A ∩B ={2,-1},可得⎩⎪⎨⎪⎧ b a =2,a -b =-1或⎩⎪⎨⎪⎧ b a =-1,a -b =2.当⎩⎪⎨⎪⎧ b a =2,a -b =-1时,⎩⎪⎨⎪⎧ a =1,b =2,此时B ={2,3,-1},则A ∪B ={-1,2,3,5};当⎩⎪⎨⎪⎧ b a =-1,a -b =2时,⎩⎪⎨⎪⎧a =1,b =-1,此时不符合题意,舍去.故A ∪B ={-1,2,3,5}.10.设集合A ={x |y =lg(-x 2+x +2)},B ={x |x -a >0},若A ⊆B ,则实数a 的取值范围是( )A .(-∞,-1)B .(-∞,-1]C .(-∞,-2)D .(-∞,-2]解析:选B 集合A ={x |y =lg(-x 2+x +2)}={x |-1<x <2},B ={x |x >a },因为A ⊆B ,所以a ≤-1.11.已知全集U ={x ∈Z|0<x <8},集合M ={2,3,5},N ={x |x 2-8x +12=0},则集合{1,4,7}为( )A .M ∩(∁U N )B .∁U (M ∩N )C .∁U (M ∪N )D .(∁U M )∩N解析:选C 由已知得U ={1,2,3,4,5,6,7},N ={2,6},M ∩(∁U N )={2,3,5}∩{1,3,4,5,7}={3,5},M ∩N ={2},∁U (M ∩N )={1,3,4,5,6,7},M ∪N ={2,3,5,6},∁U (M ∪N )={1,4,7},(∁U M )∩N ={1,4,6,7}∩{2,6}={6},故选C.12.(2018·沈阳模拟)已知集合A ={x ∈N|x 2-2x -3≤0},B ={1,3},定义集合A ,B 之间的运算“*”:A *B ={x |x =x 1+x 2,x 1∈A ,x 2∈B },则A *B 中的所有元素之和为( )A .15B .16C .20D .21解析:选D 由x 2-2x -3≤0,得(x +1)(x -3)≤0,又x ∈N ,故集合A ={0,1,2,3}.∵A *B ={x |x =x 1+x 2,x 1∈A ,x 2∈B },∴A *B 中的元素有0+1=1,0+3=3,1+1=2,1+3=4,2+1=3(舍去),2+3=5,3+1=4(舍去),3+3=6,∴A *B ={1,2,3,4,5,6},∴A *B 中的所有元素之和为21.二、填空题13.已知集合A ={1,2,3,4},B ={2,4,6,8},定义集合A ×B ={(x ,y )|x ∈A ,y ∈B },集合A ×B 中属于集合{(x ,y )|log x y ∈N}的元素的个数是________.解析:由定义可知A ×B 中的元素为(1,2),(1,4),(1,6),(1,8),(2,2),(2,4),(2,6),(2,8),(3,2),(3,4),(3,6),(3,8),(4,2),(4,4),(4,6),(4,8).其中使log x y ∈N 的有(2,2),(2,4),(2,8),(4,4),共4个.答案:414.设集合I ={x |-3<x <3,x ∈Z},A ={1,2},B ={-2,-1,2},则A ∩(∁I B )=________. 解析:∵集合I ={x |-3<x <3,x ∈Z}={-2,-1,0,1,2},A ={1,2},B ={-2,-1,2},∴∁I B ={0,1},则A ∩(∁I B )={1}.答案:{1}15.集合A ={x |x 2+x -6≤0},B ={y |y =x ,0≤x ≤4},则A ∩(∁R B )=________. 解析:A ={x |x 2+x -6≤0}={x |-3≤x ≤2},B ={y |y =x ,0≤x ≤4}={y |0≤y ≤2},∴∁R B ={y |y <0或y >2}.∴A ∩(∁R B )=[-3,0).答案:[-3,0)16.已知集合A ={y |y 2-(a 2+a +1)y +a (a 2+1)>0},B =⎩⎨⎧y ⎪⎪⎭⎬⎫y =12x 2-x +52,0≤x ≤3.若A ∩B =∅,则实数a 的取值范围是________.解析:A ={y |y <a 或y >a 2+1},B ={y |2≤y ≤4}.当A ∩B =∅时,⎩⎪⎨⎪⎧a 2+1≥4,a ≤2,∴3≤a ≤2或a ≤-3, ∴a 的取值范围是(-∞,- 3 ]∪[3,2].答案:(-∞,- 3 ]∪[3,2]。

2020-2021学年北师大版高中数学必修一《函数应用》单元检测题及解析

2020-2021学年北师大版高中数学必修一《函数应用》单元检测题及解析

最新(新课标)北师大版高中数学必修一第四章函数应用单元检测(时间:120分钟,满分:150分)一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.函数f(x)在区间[a,b]上满足f(a)·f(b)<0,则关于函数f(x)在区间[a,b]上的零点的说法中正确的是( ).A.可能没有零点B.一定没有零点C.一定有零点D.以上说法都不正确2.函数f(x)=x2+ln x-4的零点所在的区间是( ).A.(0,1) B.(1,2) C.(2,3) D.(3,4)3.若一元二次方程ax2+2x+1=0(a≠0)有一个正根和一个负根,则有( ).A.a<0 B.a>0 C.a<-1 D.a>14.已知函数f(x)=(x2-3x+2)g(x)+3x-4,其中g(x)是定义域为R且图像连续的函数,则方程f(x)=0在下面哪个范围内必有实数解( ).A.(0,1) B.(1,2)C.(2,3) D.(2,4)5.下列用图像表示的函数中,能用二分法求零点的是( ).6.某列火车从潍坊站开往北京站,火车出发10分钟开出13千米后,以120千米/时的速度匀速行驶,则火车行驶的路程s(千米)与匀速行驶时间t(小时)之间的函数关系式是( ).A.s=120t(t≥0) B.s=13+120t(t≥0)C.s=13+120(t-10)(t≥0) D.s=13+12016t⎛⎫-⎪⎝⎭(t≥0)7.若函数f(x)是偶函数,定义域为{x∈R|x≠0}且f(x)在(0,+∞)上是减函数,f(2)=0,则函数f(x)的零点有( ).A.唯一一个B.两个C.至少两个D.无法判断8( ).A .y =2x -2B .y =12(x 2-1) C .y =log 2x D .12xy ⎛⎫= ⎪⎝⎭9.已知函数f(x)=|lg x|-12x⎛⎫⎪⎝⎭有两个零点x 1,x 2,则有( ).A .x 1x 2<0B .x 1x 2=1C .x 1x 2>1D .0<x 1x 2<110.某宾馆共有客床100张,各床每晚收费10元时可全部客满,若每晚收费提高2元,便减少10张客床租出,为了获得最大利润,则每床每晚收费应提高( ).A .2元B .4元C .5元D .8元二、填空题(本大题共5小题,每小题5分,共25分.把答案填在题中的横线上)11.某同学在借助计算器求“方程lg x =2-x 的近似解(精确到0.1)”时,设f(x)=lg x +x -2,算得f(1)<0,f(2)>0;在以下过程中,他用“二分法”又取了4个x 的值,计算了其函数值的正负,并得出判断:方程的近似解是x ≈1.8.那么他再取的x 的4个值分别依次是__________.12.已知二次函数f(x)=x 2+x +a(a >0)有两个零点,若f(m)<0,则在(m ,m +1)上函数零点的个数是________.13.对于定义在R 上的函数f(x),若实数x 0满足f(x 0)=x 0,则称x 0是函数f(x)的一个不动点.若二次函数f(x)=x 2+2ax +a 2没有不动点,则实数a 的取值范围是______.14.(只需写出项目的代号)15.如图,开始时桶1中有a 升水,t 分钟后剩余的水符合指数衰减曲线y 1=ae -nt,那么桶2中的水就是y 2=a -ae -nt,假设过5分钟后桶1和桶2的水相等,则再过________分钟桶1中的水只有8a .三、解答题(本大题共6小题,共75分.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)16.(本小题满分12分)设函数f(x)=[)2,,,2,,1x xx x x⎧2-2∈1+∞⎪⎨-∈(-∞)⎪⎩求函数g(x)=1()4f x-的零点.17.(本小题满分12分)已知关于x的二次方程x2+2mx+2m+1=0,若方程有两根,其中一根在区间(-1,0)内,另一根在区间(1,2)内,求m的范围.18.(本小题满分12分)在某服装批发市场,季节性服装当季节即将来临时,价格呈现上升趋势,设某服装开始时定价为10元,并且每周(7天)涨价2元,5周后开始保持20元的价格平稳销售;10周后,当季节即将过去时,平均每周削价2元,直到16周末,该服装已不再销售.(1)试建立价格p(元)与周次t之间的函数关系式;(2)若此服装每周进价q(元)与周次t之间的关系为q=-0.125(t-8)2+12,t∈[0,16],t∈N,试问该服装第几周每件销售利润最大?19.(本小题满分12分)已知函数f(x)=e x+4x-3.(1)求证:函数f(x)在[0,1]上有唯一零点.(2)用二分法求函数取到这一唯一零点时相应的x的近似值.(误差不超过0.2).(参考数据e≈2.71.6≈,e0.25≈1.3)20.(本小题满分13分)已知函数f(x)=a x-31x++1(a>1).(1)当a=3时,证明方程f(x)=0在区间10,2⎛⎫⎪⎝⎭有实数解;(2)探究函数f(x)在(-1,+∞)上的单调性,并证明你的结论;(3)证明方程f(x)=0没有负实数解.21.(本小题满分14分)如图,有一块矩形空地,要在这块空地上开辟一个内接四边形为绿地,使其四个顶点分别落在矩形的四条边上,已知AB=a(a>2),BC=2,且AE=AH=CF =CG,设AE=x,绿地面积为y.(1)写出y关于x的函数关系式,并指出这个函数的定义域;(2)当AE为何值时,绿地面积y最大?参考答案1.A 点拨:若函数f(x)在区间[a ,b]上的图像是连续曲线,且f(a)·f(b)<0,则在区间(a ,b)内,f(x)至少有一个零点.当函数f(x)在区间[a ,b]上满足f(a)·f(b)<0,而不是连续曲线时,f(x)在区间(a ,b)内可能存在零点,也可能不存在零点.2.B 点拨:∵f(1)=12+ln 1-4=-3<0,f(2)=22+ln 2-4=ln 2>0,即f(1)·f(2)<0,又∵ 函数f(x)的图像是连续曲线,∴函数f(x)=x 2+ln x -4的零点在区间(1,2)内.3.A 点拨:因为二次函数y =ax 2+2x +1恒过点(0,1),所以,当a <0即抛物线开口向下时,其图像与x 轴的正半轴和负半轴各有一个交点,即方程ax 2+2x +1=0恒有一个正根和一个负根.4.B 点拨:判断方程在某个区间上有无实数解,只需要判断相应的函数在该区间端点处的函数值是否反号.∵f(x)=(x -1)(x -2)g(x)+3x -4,∴f(1)=-1<0,f(2)=2>0,即函数在(1,2)上必有零点,方程f(x)=0在(1,2)内必有实数解.5.D 点拨:当函数y =f(x)在区间[a ,b]上连续,且在区间端点处函数值符号相反时,才能用二分法求零点,由此可排除A ,B ,C.6.B 点拨:注意时间指的是匀速行驶时间.7.B 点拨:由已知条件得f(-2)=f(2)=0,画出函数f(x)的大致图像如下图所示,可知f(x)有两个零点.8.A 点拨:由表中数据可以看出,在(-2,7)内y 值随着x 的增大而增大,排除B ,D ;又x 的取值可以是负数,从而排除C.9.D 点拨:不妨设x 1<x 2,则lg x 1<lg x 2,由y =2-x 单调递减,知|lg x 1|>|lg x 2|⇔|lg x 1|2>|lg x 2|2⇔(lg x 1+lg x 2)·(lg x 1-lg x 2)>0⇔lg x 1+lg x 2<0⇔lg(x 1x 2)<0⇔0<x 1x 2<1,选D.10.C 点拨:设每床每晚收费提高x 元时,获得利润为y 元,则y =(10+x)·100102x ⎛⎫-⨯ ⎪⎝⎭=-5x 2+50x +1 000=-5(x -5)2+1 125.∴当x =5时,y 取得最大值,即当每床每晚收费提高5元时,获得最大利润.11.1.5,1.75,1.875,1.812 5 点拨:第一个应该取1.5;由于近似解为1.8,故第二个应取区间(1.5,2)的中点1.75,第三个应取(1.75,2)的中点1.875,第四个应取区间(1.75,1.875)的中点1.812 5.12.1 点拨:设函数f(x)的两个零点为x 1,x 2,则x 1+x 2=-1,x 1·x 2=a.∵|x 1-x 2|1, 又f(m)<0, ∴f(m +1)>0.∴f(x)在(m ,m +1)上零点的个数是1.13.1,4⎛⎫+∞⎪⎝⎭点拨:∵函数f(x)=x 2+2ax +a 2没有不动点,∴方程x 2+2ax +a 2=x 无实数根,即方程x 2+(2a -1)x +a 2=0无实数根.∴Δ=(2a -1)2-4a 2<0,解得14a >.14.A ,B ,E 或B ,D ,E ,F 点拨:当投资13亿元时,有以下五种组合可供选择:(C ,E ,F),(A ,B ,C),(A ,B ,E),(B ,D ,E ,F),(B ,C ,D ,F).它们所获利润依次是f(C ,E ,F)=0.6+0.9+0.1=1.6,f(A ,B ,C)=0.55+0.4+0.6=1.55,f(A ,B ,E)=0.55+0.4+0.9=1.85,f(B ,D ,E ,F)=0.4+0.5+0.9+0.1=1.9,f(B ,C ,D ,F)=0.4+0.6+0.5+0.1=1.6.15.10 点拨:若y 1=y 2,即a ·e -5n=a -a ·e-5n,则e-5n=12.设再过x 分钟,桶1中的水只有8a ,则a ·e -n(5+x)=8a ,所以e -nx =14=(e -5n )2=e -n ·10,故x =10. 16.解:求函数g(x)=f(x)-14的零点,即求方程f(x)-14=0的根.当x ≥1时,由2x-2-14=0得98x =;当x <1时,由x 2-2x -14=0得x =(舍去)或x =.∴函数g(x)=f(x)-14的零点是98.17.解:令f(x)=x 2+2mx +2m +1,条件说明抛物线f(x)=x 2+2mx +2m +1与x 轴的交点分别在区间(-1,0)和(1,2)内,画出示意图,由图像得()()()0210(1)2014202650,f m f f m f m =+<⎧⎪-=>⎪⎨=+<⎪⎪=+>⎩,,,, 解得1,2,1,25.6m m R m m ⎧<-⎪⎪∈⎪⎪⎨<-⎪⎪⎪>-⎪⎩.∴5162m -<<-为所求.18.解:(1)当t ∈[0,5]时,p =10+2t ; 当t ∈(5,10]时,p =20; 当t ∈(10,16]时,p =40-2t.所以,[](](]1020,5205,10,40210,16,t t p t t t ⎧+∈⎪=∈⎨⎪-∈⎩,,,,t ∈N.(2)由于每件销售利润=售价-进价,所以每件销售利润L =p -q. 所以,当t ∈[0,5]时,L =10+2t +0.125(t -8)2-12=0.125t 2+6, 当t =5时,L 取最大值9.125; 当t ∈(5,10]时,L =0.125t 2-2t +16=18(t -8)2+8, 当t =6或t =10时,L 取最大值8.5; 当t ∈(10,16]时, L =0.125t 2-4t +36=18(t -16)2+4, 当t =11时,L 取最大值7.125.因此,该服装第5周每件销售利润最大.19.解:(1)∵f(0)=e 0-3=-2<0,f(1)=e +1>0, ∴f(0)·f(1)<0.又函数y 1=e x,y 2=4x -3在R 上均为增函数, ∴f(x)在[0,1]上单调递增. ∴f(x)在[0,1]上存在唯一零点.(2)由上表可知区间[0.25,0.5]的长度为0.25,∴该区间的中点x 0=0.375到区间端点的距离小于0.2,因此可作为误差不超过0.2的一个零点的相应x 的值.∴函数y =f(x)取到唯一零点时相应的x ≈0.375.20.解:(1)当a =3时,函数f(x)=3311x x -++. ∵f(0)=30-301++1=-1<0,121331101212f ⎛⎫=-+=> ⎪⎝⎭+,即()1002f f ⎛⎫⋅< ⎪⎝⎭.又∵函数f(x)在10,2⎛⎫⎪⎝⎭上是连续曲线,∴函数f(x)在10,2⎛⎫ ⎪⎝⎭上有零点,即方程f(x)=0在区间10,2⎛⎫⎪⎝⎭内有实数解.(2)任取x 1,x 2∈(-1,+∞),且x 1<x 2,则x 1-x 2<0,x 1+1>0,x 2+1>0,12x xa a <(a>1).∴f(x 1)-f(x 2)=1212331111x x a a x x ⎛⎫⎛⎫-+--+ ⎪ ⎪++⎝⎭⎝⎭=()()()()1212123011x x x x a a x x --+<++,即f(x 1)<f(x 2),∴函数f(x)在(-1,+∞)上是增函数. (3)由f(x)=0,得311x a x =-+. 在同一直角坐标系中作出函数y 1=a x,2311y x =-+的图像.由图可知,它们在第一象限内有唯一一个交点,交点的横坐标x 0即为方程f(x)=0的实数解,此时x 0>0,所以,方程f(x)=0没有负实数解.21.解:(1)由题意可知,S △AEH =S △CGF =212x ,S △DHG =S △BEF =12(a -x)(2-x),所以y =ABCD S Y -2S △AEH -2S △BEF =2a -x 2-(a -x)(2-x)=-2x 2+(a +2)x. 故函数解析式为y =-2x 2+(a +2)x(0<x ≤2).(2)因为y =-2x 2+(a +2)x =()222248a a x ++⎛⎫--+⎪⎝⎭(0<x ≤2), 当224a +<,即a <6时,则24a x +=时,y 取最大值()228a +, 当224a +≥,即a ≥6时,y =-2x 2+(a +2)x 在x ∈(0,2]上是增函数,则x =2时,y 取最大值2a -4.综上所述:当a <6时,AE =24a +时,绿地面积取最大值()228a +; 当a ≥6时,AE =2时,绿地面积取最大值2a -4.。

2020-2021学年北师大版高中数学必修一《函数》全章课后强化综合检测及答案

2020-2021学年北师大版高中数学必修一《函数》全章课后强化综合检测及答案

最新(新课标)北师大版高中数学必修一第二章测试题本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.满分150分.考试时间120分钟.第Ⅰ卷(选择题 共50分)一、选择题(本大题共10个小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.下列四个图像中,表示的不是函数图像的是( )[答案] B[解析] 选项B 中,当x 取某一个值时,y 可能有2个值与之对应,不符合函数的定义,它不是函数的图像.2.若幂函数f(x)的图像经过点(2,4),则f(12)等于( )A .4B .2 C.12 D .14[答案] D[解析] 设f(x)=x α,∵f(x)的图像经过点(2,4), ∴4=2α.∴α=2.∴f(x)=x 2.∴f(12)=(12)2=14.3.若f(x)=x 3(x ∈R),则函数y =-f(-x)在其定义域上是( ) A .递减的偶函数 B .递增的偶函数 C .递减的奇函数 D .递增的奇函数[答案] D[解析] 由于f(x)=x 3,所以f(-x)=(-x)3=-x 3,于是y =-f(-x)=-(-x 3)=x 3, 因此这是一个奇函数,且在定义域上递增.4.已知A =B =R ,x ∈A ,y ∈B ,f :x →y =ax +b 是从A 到B 的映射,若1和8的原像分别是3和10,则5在f 作用下的像是( )A .3B .4C .5D .6[答案] A[解析] 由已知可得⎩⎨⎧ 3a +b =1,10a +b =8,解得⎩⎨⎧a =1b =-2.于是y =x -2,因此5在f 下的像是5-2=3.5.若函数f(x)=⎩⎨⎧x +1,x ≥0,f (x +2),x<0,那么f(-3)的值为( )A .-2B .2C .0D .1[答案] B[解析] 依题意有f(-3)=f(-3+2)=f(-1)=f(-1+2)=f(1)=1+1=2,即f(-3)=2. 6.函数y =ax 2-bx +c(a ≠0)的图像过点(-1,0),则a b +c +b a +c -c a +b的值是( ) A .-1 B .1 C.12 D .-12[答案] A[解析] ∵函数y =ax 2-bx +c(a ≠0)的图像过(-1,0)点,则有a +b +c =0,即a+b=-c,b+c=-a,a+c=-b.∴ab+c+ba+c-ca+b=-1.7.定义在R上的偶函数f(x)在区间[-2,-1]上是增函数,将f(x)的图像沿x轴向右平移2个单位,得到函数g(x)的图像,则g(x)在下列区间上一定是减函数的是( ) A.[3,4] B.[1,2]C.[2,3] D.[-1,0][答案] A[解析] 偶函数f(x)在[-2,-1]上为增函数,则在[1,2]上为减函数,f(x)向右平移2个单位后在[3,4]上是减函数.8.若函数f(x)是定义在[-6,6]上的偶函数,且在[-6,0]上单调递减,则( )A.f(3)+f(4)<0 B.f(-3)-f(-2)<0C.f(-2)+f(-5)<0 D.f(4)-f(-1)>0[答案] D[解析] 由题意知函数f(x)在[0,6]上递增.A中f(3)+f(4)与0的大小不定,A错;B中f(-3)-f(-2)=f(3)-f(2)>0,B错;C中f(-2)+f(-5)=f(2)+f(5)与0的大小不定,C错;D中f(4)-f(-1)=f(4)-f(1)>0,D正确.9.若函数y=kx+5kx2+4kx+3的定义域为R,则实数k的取值范围为( )A .(0,34)B .(34,+∞)C .(-∞,0)D .[0,34)[答案] D[解析] ∵函数的定义域为R ,∴kx 2+4kx +3恒不为零,则k =0时,成立; k ≠0时,Δ<0,也成立. ∴0≤k<34.10.已知f(x)=-4x 2+4ax -4a -a 2(a<0)在区间[0,1]上有最大值-5,则实数a 等于( ) A .-1 B .-54C .-52D .-5[答案] D[解析] 解法1:检验法:当a =-1时,f(x)=-4x 2-4x +3=-4(x +12)2+4在[0,1]上是减函数,最小值是-5,不合题意排除A ;同理可排除B 、C.解法2:f(x)=-4⎝ ⎛⎭⎪⎫x -a 22-4a ,∵a<0,∴f(x)在[0,1]上是减函数, ∴f(0)=-5, 即:-a 2-4a =-5, ∴a =1或-5, 又a<0,∴a =-5.第Ⅱ卷(非选择题 共100分)二、填空题(本大题共5个小题,每小题5分,共25分,把答案填在题中横线上) 11.将二次函数y =x 2+1的图像向左平移2个单位,再向下平移3个单位,所得二次函数的解析式是________.[答案] y =x 2+4x +2[解析] y =(x +2)2+1-3=(x +2)2-2=x 2+4x +2.12.若函数f(x)=x 2-|x +a|为偶函数,则实数a =________. [答案] 0[解析] 本题考查偶函数的定义等基础知识. ∵f(x)为偶函数,∴f(-x)=f(x), 即x 2-|-x +a|=x 2-|x +a|,∴|x -a|=|x +a|,平方,整理得:ax =0, 要使x ∈R 时恒成立,则a =0.13.f(x)是(-∞,+∞)上的奇函数,f(x +3)=f(x),当0≤x ≤1时,f(x)=x 2,则f(8)=____________.[答案] -1[解析] f(8)=f(5+3)=f(5)=f(2+3)=f(2)=f(-1+3)=f(-1)=-f(1)=-1. 14.已知函数f(x),g(x)分别由下表给出则f[g(1)]的值为________; 当g[f(x)]=2时,x =________. [答案] 1 1[解析] f[g(1)]=f(3)=1, ∵g[f(x)]=2, ∴f(x)=2,∴x =1.15.函数f(x)的定义域为[0,1],则函数g(x)=f(x -a)+f(x +a)⎝ ⎛⎭⎪⎫0<a<12的定义域为________.[答案] [a,1-a][解析] 由已知得⎩⎨⎧0≤x +a ≤10≤x -a ≤1⇒⎩⎨⎧-a ≤x ≤1-a ,a ≤x ≤1+a.∵0<a<12,得a ≤x ≤1-a.∴g(x)的定义域为x ∈[a,1-a].三、解答题(本大题共6个小题,满分75分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)16.(本小题满分12分)已知函数f(x)是定义在R 上的偶函数,已知x ≥0时,f(x)=x 2-2x.(1)画出偶函数f(x)的图像;(2)根据图像,写出f(x)的单调区间;同时写出函数的值域. [解析] (1)f(x)的图像如图所示.(2)由图得函数f(x)的递减区间是(-∞,-1),(0,1). f(x)的递增区间是(-1,0),(1,+∞),值域为{y|y ≥-1}. 17.(本小题满分12分)已知函数f(x)=x 2-2ax +2,x ∈[-3,3]. (1)当a =-5时,求f(x)的最大值和最小值;(2)求实数a 的取值范围,使y =f(x)在区间[-3,3]上是单调函数. [解析] (1)当a =-5时,f(x)=x 2+10x +2=(x +5)2-23,x ∈[-3,3], 又因为二次函数开口向上,且对称轴为x =-5, 所以当x =-3时,f(x)min =-19, 当x =3时,f(x)max =41.(2)函数f(x)=(x -a)2+2-a 2的图像的对称轴为x =a ,因为f(x)在[-3,3]上是单调函数, 所以a ≤-3或a ≥3.18.(本小题满分12分)已知函数f(x)=1a -1x (a>0,x>0).(1)求证:f(x)在(0,+∞)上是增加的;(2)若f(x)在[12,2]上的值域是[12,2],求a 的值.[解析] (1)设x 1,x 2是(0,+∞)上的任意两个实数,且x 1<x 2. 则f(x 1)-f(x 2)=(1a -1x 1)-(1a -1x 2)=1x 2-1x 1=x 1-x 2x 1x 2. ∵0<x 1<x 2,∴x 1-x 2<0,x 1x 2>0.∴x 1-x 2x 1x 2<0.∴f(x 1)<f(x 2). ∴函数f(x)在(0,+∞)上是增加的. (2)∵f(x)在[12,2]上的值域是[12,2],又∵f(x)在[12,2]上是增加的,∴⎩⎨⎧f (12)=12,f (2)=2,即⎩⎪⎨⎪⎧1a -2=121a -12=2.∴a =25.19.(本小题满分12分)已知幂函数y =f(x)=x -2m 2-m +3,其中m ∈{x|-2<x<2,x ∈Z},满足:(1)是区间(0,+∞)上的增函数; (2)对任意的x ∈R ,都有f(-x)+f(x)=0.求同时满足(1),(2)的幂函数f(x)的解析式,并求x ∈[0,3]时f(x)的值域. [解析] 由{x|-2<x<2,x ∈Z}={-1,0,1}. (1)由-2m 2-m +3>0,∴2m 2+m -3<0,∴-32<m<1,∴m =-1或0.由(2)知f(x)是奇函数.当m =-1时,f(x)=x 2为偶函数,舍去. 当m =0时,f(x)=x 3为奇函数. ∴f(x)=x 3.当x ∈[0,3]时,f(x)在[0,3]上为增函数, ∴f(x)的值域为[0,27].20.(本小题满分13分)设函数f(x)=x 2-2|x|-1(-3≤x ≤3). (1)证明f(x)是偶函数;(2)指出函数f(x)的单调区间,并说明在各个单调区间上f(x)是增函数还是减函数;(3)求函数的值域.[解析] (1)证明:∵定义域关于原点对称, f(-x)=(-x)2-2|-x|-1=x 2-2|x|-1=f(x), 即f(-x)=f(x),∴f(x)是偶函数.(2)当x ≥0时,f(x)=x 2-2x -1=(x -1)2-2, 当x<0时,f(x)=x 2+2x -1=(x +1)2-2,即f(x)=⎩⎨⎧(x -1)2-2,x ≥0,(x +1)2-2,x<0.根据二次函数的作图方法,可得函数图像,如图函数f(x)的单调区间为[-3,-1),[-1,0),[0,1),[1,3]. f(x)在区间[-3,-1),[0,1]上为减函数, 在[-1,0),[1,3]上为增函数.(3)当x ≥0时,函数f(x)=(x -1)2-2的最小值为-2,最大值为f(3)=2. 当x<0时,函数f(x)=(x +1)2-2的最小值为-2,最大值为f(-3)=2. 故函数f(x)的值域为[-2,2].21.(本小题满分14分)已知函数f(x)=x +x 3,x ∈R. (1)判断函数f(x)的单调性,并证明你的结论;(2)若a ,b ∈R ,且a +b>0,试比较f(a)+f(b)与0的大小. [解析] (1)函数f(x)=x +x 3,x ∈R 是增函数,证明如下:任取x 1,x 2∈R ,且x 1<x 2,则f(x 1)-f(x 2)=(x 1+x 31)-(x 2+x 32)=(x 1-x 2)+(x 31-x 32)=(x 1-x 2)(x 21+x 1x 2+x 22+1) =(x 1-x 2)[(x 1+12x 2)2+34x 22+1].因为x 1<x 2,所以x 1-x 2<0,(x 1+12x 2)2+34x 22+1>0.所以f(x 1)-f(x 2)<0,即f(x 1)<f(x 2), 所以函数f(x)=x +x 3,x ∈R 是增函数. (2)由a +b>0,得a>-b ,由(1)知f(a)>f(-b), 因为f(x)的定义域为R ,定义域关于坐标原点对称, 又f(-x)=(-x)+(-x)3=-x -x 3=-(x +x 3)=-f(x), 所以函数f(x)为奇函数.于是有f(-b)=-f(b),所以f(a)>-f(b),从而f(a)+f(b)>0.。

2019-2020学年高中数学北师大版必修1同步单元小题巧练:(15)函数与方程 Word版含答案

2019-2020学年高中数学北师大版必修1同步单元小题巧练:(15)函数与方程 Word版含答案

(15)函数与方程1、函数()e 2x f x x =+-的零点所在的一个区间是( )A. ()2,1--B. ()1,0-C. ()0,1D. ()1,2 2、函数()23x f x x =+的零点所在的一个区间是( )A. ()2,1--B. ()1,0-C. ()0,1 D . ()1,23、对于函数2()f x x mx n =++若()0,()0f a f b >>,则函数()f x 在区间(,)a b 内( )A.一定有零点B.一定没有零点C.可能有两个零点D.至多有一个零点4、函数()223,0{2ln ,0x x x f x x x +-≤=-+>的零点个数为( )A.3B.2C.1D.05、已知函数()y f x =的图像是连续不断的曲线,且有如下的对应值:则函数在区间[1,6]上的零点至少有则函数在区间[1,6]上的零点至少有( )A.2个B.3个C.4个D.5个6、若a b c <<,则函数()()()()()()()f x x a x b x b x c x c x a =--+--+--的两个零点分别位于区间( )A.(,)a b 和(,)b c 内B.(,)a -∞和(,)a b 内C.(,)b c 和(,)c +∞内D.(,)a -∞和(,)c +∞内7、已知函数()y f x =和()y g x =在[2,2]-的图象如图所示,给出下列四个命题:①方程()()0f g x =有且仅有6个根;②方程()()0g f x =有且仅有3个根;③方程()()0f f x =有且仅有5个根;④方程()()0g g x =有且仅有4个根.其中正确命题的个数是( )A.4B.3C.2D.18、设函数3y x =与21()2x y -=的图象的交点为00(,)x y ,则0x 所在的区间是( )A.(0,1)B.(1,2)C.(2,3)D.(3,4)9、函数()3(2)(3)(4)f x x x x x =+-++的零点的个数是( )A.4B.3C.2D.110、已知函数()f x 的一个零点0(2,3)x ∈,在用二分法求精确度为0.01的0x 的一个值时,判断各区间中点的函数值的符号最少(120.301g ≈)( )A.5次B.6次C.7次D.8次11、函数22,0()26ln ,0x x f x x x x ⎧-≤=⎨-+>⎩的零点个数是____.12、若函数()22x f x b =--有两个零点,则实数b 的取值范围是__________.13、已知函数()21f x x =-+,()g x kx =,若方程()()f x g x =有两个不相等的实根,则实数k 的取值范围是__________.14、若方程()22130kx k x -+-=在()1,1-和()1,3内各有一个实根,则实数k 的取值范围为__________.15、已知()()11y x x x =-+的图像如图,令()()()110.01f x x x x =-++,则下列关于()0?f x =的实数根的叙述正确的是__________. ①有三个实数根;②当1x >时恰有一个实数根;③当01x <<时恰有一个实数根;④当10x -<<时恰有一个实数根;⑤当1x <-时恰有一个实数根.答案以及解析1答案及解析:答案:C解析:0(0)e 0210f =+-=-<,1(1)e 120f =+->,∵ e x y =是单调增函数, 2y x =-是单调增函数,∴ ()e 2x f x x =+-在R 上是增函数,∴ ()0,1在区间()f x 存在一个零点.2答案及解析:答案:B解析:易知()f x 的图像在区间[]1,0-上连续,且()()1?00f f -⋅<,所以区间()1,0-是函数()23x f x x =+的零点所在的一个区间,故选B.3答案及解析:答案:C解析:当0∆≤,()f x 在区间(,)a b 内无零点或有一个零点,故排除选项A,B ;当0∆>时,()f x 在区间(,)a b 内无零点或有两个零点,排除选项D;故选C .考点:二次函数的零点.4答案及解析:答案:B解析:当0x ≤时,令2230x x +-=,解得3x =-,当0x >时,令2ln 0x -+=,解得2x e =,故选B.5答案及解析:答案:B解析:由已知得()()()()()()230,3?40,450f f f f f ⋅<⋅<⋅<,故函数()y f x =在区间[1,6]上的零点至少有3个,故选B.6答案及解析:答案:A解析:因为()()()0f a a b a c =-->,()()()0,f b b c b a =--<()()()0f c c a c b =-->,所以()()0,()()0f a f b f b f c ⋅<⋅<,而函数()y f x =在R 上连续,所以两个零点分别位于区间(,)a b ,(,)b c 内.7答案及解析:答案:B解析:不妨把方程() 0f x =的根看作-1.5, 0和1.5,方程()()0f g x =的根的个数等于使得() 1.5g x =-,0或1.5的x 的个数,由()y g x =的图象知有6个,①正确.同理可利断,②错误,③正确,④正确.故选B.8答案及解析:答案:B解析:设32()2x f x x -=-,则(0)40f =-<, (1)10f =-<,(2)70f =>,所以(1)(2)0f f <,所以0x 所在的区间是(1,2).故选B.9答案及解析:答案:B解析:()f x 为三次函数,至多有3个零点,因为(4)40,(3)150,f f -=-<-=>(2)20,(3)30f f -=-<=>,所以(4)(3)0,(3)(2)0,(2)(3)0,f f f f f f --<--<-<所以函数在区间(4,3),(3,2),(2,3)-----上各有一个零点,故函数()f x 的零点的个数是3.故选B.10答案及解析:答案:C解析:设对区间()2,3二等分n 次,开始时区间长为1,则第n 次二等分后区间长为12n ,依题意有10.012n<,即2log 100n >, 因为26log 1007<<,所以7n ≥.故选C.11答案及解析:答案:2解析:12答案及解析:答案:(0,2)解析:由函数()22x f x b =--有两个零点, 可得方程22x b -=有两个不相等的实数根, 从而可得函数22x y =-与函数y b =的图像有两个交点. 作出函数22x y =-的图像,如图所示,由图可知02b <<.13答案及解析: 答案:1,12⎛⎫ ⎪⎝⎭解析:在同一坐标系中分别画出函数()(),f x g x 图像如图所示,方程()()f x g x =两个不相等的实根等价于两个函数的图像有两个不同的交点,结合图像吋知,当直线y kx =的斜率大于坐标原点与点()2,1连线的斜率且小于直线1y x =-的斜率时符合题意,故112k <<.14答案及解析:答案:(,4)(2,)-∞-⋃+∞解析:∵函数()()2213f x kx k x =-+-的图像是连续曲线,由题意及勘根定理可知()()110f f -⋅<且()()130f f ⋅<,即()()()()3240,{4360.k k k k ---<---< 解得4k <-或2k >.故所求的实数k 的取值范围是4k <-或2k >.15答案及解析:答案:①⑤解析: ∵()()()22310.01f -=-⨯-⨯-+ 5.990=-<,()10.010f -=>,即()()2?10f f -⋅-<,∴在()2,1--内有一个实数根.由图可知,方程()0?f x =在(),1-∞-上只有一个实数根,故⑤正确.又()00.010f =>,由图可知()0?f x =在()1,0-上没有实数根,故④不正确. 又()()0.50.50.5 1.50.010.3650f =⨯-⨯+=-<,()10.010f =>,且()00.010f =>,即()()0.510f f ⋅<,()()00.50f f ⋅<,∴方程()0?f x =在(0.5,1)及()0,0.5上各有一个实数根. ∴()0?f x =在()0,1上有两个实数根,故③不正确. ∵()10f >,且()f x 在()1,+∞上是增函数,∴()0?f x =在()1,+∞上没有实根,故②不正确且①正确.。

方程与不等式应用题综合测试(北师版)(含答案)

方程与不等式应用题综合测试(北师版)(含答案)

学生做题前请先回答以下问题问题1:应用题的处理框架是什么?问题2:目前我们已经学习了三种数学模型:方程模型、不等式(组)模型、函数模型等,在什么情况下考虑方程?在什么情况下考虑不等式(组)?在什么情况下考虑函数?问题3:应用题的处理框架第三步“求解验证,回归实际”,我们需要验证什么?方程与不等式应用题综合测试(北师版)一、单选题(共8道,每道12分)1.某汽车租赁公司共有30辆出租汽车,其中甲型汽车20辆,乙型汽车10辆.现将这30辆汽车租赁给A,B两地的旅游公司,其中20辆派往A地,10辆派往B地,两地旅游公司与汽车租赁公司商定每天价格如下表:(1)设派往A地的乙型汽车x辆,租赁公司一天共获得的租金为W(元),则W与x之间的函数关系式为( )(写出自变量x的取值范围)A.W=1000x+900x+800(10-x)+600(20-x)(0≦x≦10且x为整数)B.W=1000x+900x+800(20-x)+600(10-x)(0≦x≦10且x为整数)C.W=1000(20-x)+900x+800x+600(10-x)(0≦x≦20且x为整数)D.W=1000(20-x)+900x+800x+600(10-x)(0≦x≦10且x为整数)答案:D解题思路:试题难度:三颗星知识点:方程与不等式应用题2.(上接第1题)若要使租赁公司一天所获得的租金总额不低于26800元,则当x=______时,这30辆汽车每天获得的租金最多,最多为_________元.( )A.20,28000B.8,26800C.10,27000D.11,27900答案:C解题思路:试题难度:三颗星知识点:方程与不等式应用题3.某电脑公司经销甲种型号电脑,受经济危机影响,电脑价格不断下降.今年甲种电脑的售价比去年同期每台降价1000元,如果卖出相同数量的电脑,去年销售额为10万元,今年销售额只有8万元.(1)今年甲种电脑每台售价为( )元A.6000B.5000C.4000D.3600答案:C解题思路:试题难度:三颗星知识点:方程与不等式应用题4.(上接第3题)(2)为了增加收入,电脑公司决定再经销乙种型号电脑,已知甲种电脑每台进价为3500元,乙种电脑每台进价为3000元,公司预计用不多于5万元且不少于4.8万元的资金购进这两种电脑共15台,则共有( )种购进方案.A.3B.4C.5D.6答案:C解题思路:试题难度:三颗星知识点:方程与不等式应用题5.(上接第3,4题)(3)如果乙种电脑每台售价为3800元,为打开乙种电脑的销路,公司决定每售出一台乙种电脑,返还顾客现金a元,要使(2)中所有方案获利相同,则a的值为( )A.200B.300C.400D.500答案:B解题思路:试题难度:三颗星知识点:方程与不等式应用题6.某单位为了优化办公条件,已经两次更新部分电脑和空调:第一次购买1台品牌电脑和2台品牌空调,共花费9200元;第二次购买2台品牌电脑和1台品牌空调,共花费10900元.适逢最近国务院出台家电“以旧换新”政策,该单位决定采用“以旧换新”的方式进一步更新电脑和空调(前后三次品牌电脑和品牌空调的型号和价格都相同).“以旧换新”政策中规定:消费者交售旧家电后凭“以旧换新”凭证购买新家电时直接申领补贴,国家给予“以旧换新”的消费者10%的补贴,将补贴资金抵减新家电销售价格后支付,其中,电脑最高补贴400元,空调最高补贴350元.(1)这款品牌电脑和这款品牌空调的销售价格分别为( )A.4500元,2500元B.4200元,2500元C.2500元,4500元D.2500元,4200元答案:B解题思路:试题难度:三颗星知识点:方程与不等式应用题7.(上接第6题)(2)按家电“以旧换新”政策,购买一台这款品牌电脑和一台这款品牌空调,消费者可获得的政府补贴分别为( )A.400元,350元B.420元,250元C.400元,250元D.420元,350元答案:C解题思路:试题难度:三颗星知识点:方程与不等式应用题8.(上接第6,7题)(3)该单位预算用不超过30000元的资金,连同交售10台旧家电所得的资金总额1500元,购买这款品牌电脑和这款品牌空调共10台(其中至少有4台电脑),设购买这款品牌电脑m台,若要求有几种购买方案,则根据题意可列不等式(组)为( )A.B.C.D.答案:C解题思路:试题难度:三颗星知识点:方程与不等式应用题。

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2020届北师大版(文科数学) 函数与方程、不等式相结合问题 单元测试1.【2018届安徽皖南八校高三第二次联考】已知函数()220{1120x mx m x f x x m x -+>=-++≤,,,,若关于x 的方程()0f x mx -=至少有两个不同的实数解,则实数m 的取值范围为( )A. ()1023⎡⎤-⋃+∞⎢⎥⎣⎦,,B. ()1113⎡⎫-⋃+∞⎪⎢⎣⎭,,C. 13⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭,D. ()1223⎡⎫-⋃+∞⎪⎢⎣⎭,, 【答案】A【解析】令()2,0{11,0x mx x g x x x ->=-+≤,关于x 的方程()0f x mx -=至少有两个不同的实数解等价于,()()2g x m x =-至少有两个不同的实数解,即函数()g x 的图象与直线()2y m x =-至少有两个交点,作出函数()g x 的图象如图所示,直线()2y m x =-过定点()2,0A ,故可以寻找出临界状态下虚线所示,联立()22{y m x y x mx=-=-,故()22x mx m x -=-,即2220x mx m -+=,令2480m m ∆=-=,解得2m =, ()1,1B -,故13AB k =-,结合图象知,实数m 的取值范围为()1,02,3⎡⎤-⋃+∞⎢⎥⎣⎦,故选A.2.【2018届湖北省稳派教育高三上期第二次联考】已知定义在R 上的函数()f x 满足()()()()(](]22log 1,1,00{ 173,,122x x f x f x f x x x x --∈--+==---∈-∞-,且,若关于x 的方程()()f x t t R =∈恰有5个不同的实数根12345,,,,x x x x x ,则12345x x x x x ++++的取值范围是 A. ()2,1-- B. ()1,1- C. (1,2) D. (2,3) 【答案】B3.【2018届山东省烟台高三上期第三次诊断】已知定义在R 的函数()f x 是偶函数,且满足()()[]2202f x f x +=-,在,上的解析式为()21,01{ 1,12x x f x x x -≤<=-≤≤,过点()3,0-作斜率为k 的直线l ,若直线l 与函数()f x 的图象至少有4个公共点,则实数k 的取值范围是A. 11,33⎛⎫- ⎪⎝⎭B. 1,6423⎛⎫-+ ⎪⎝⎭C. 1,6423⎛⎫-- ⎪⎝⎭D. 1642,3⎛⎫- ⎪⎝⎭【答案】C【解析】根据题意知道函数()f x 是偶函数,且满足()()22f x f x +=-,故函数还是周期为4的函数,根据表达式画出图像是定义在R 上的周期性的图像,一部分是开口向下的二次函数,一部分是一次函数,当k>0时,根据题意知两图像有两个交点,当直线()3y k x =+和图像2y 1x =-,01x ≤<,相切时是一种临界,要想至少有4个交点,斜率要变小;故设切点为()2,1,x x -212,2322;264 2.3x y x x x k x x -=--=⇒=-+=-=+'-故得到 当k<0时,临界是过点(-6,1)时,此时13k =-,要想至少有4个交点需要逆时针继续旋转,斜率边大,直到和x 轴平行.故两种情况并到一起得到:实数k 的取值范围是1,6423⎛⎫-- ⎪⎝⎭.故答案为:C.4.【2018届上海市浦东新区高三数一模】关于x 的方程()2arcsin cos 0x x a ++=恰有3个实数根1x 、2x 、3x ,则222123x x x ++=( )A. 1B. 2C. 22π D. 22π【答案】B5.【2017山西省运城市高三上期期中】函数()f x 是偶函数,且在(0,)+∞内是增函数,(3)0f -=,则不等式()0xf x <的解集为( )A .{}|303x x x -<<>或 B .{}|303x x x <-<<或 C .{}|33x x x <->或 D .{}|303x x x -<<<<或0【答案】B【解析】函数()f x 为偶函数,故()xf x 为奇函数,()f x 在(0,)+∞内是增函数,()(3)30f f -==,所以()0,3x ∈时()0f x <,当()3,x ∈+∞时,()0f x >,根据对称性,有当()3,0x ∈-时()0f x <,当(),3x ∈-∞-时,()0f x >.由此可知()0xf x <即为两者异号的解集为{}|303x x x <-<<或.6.【2017湖北孝感高三上期第一次联考】定义域在R 上的奇函数()f x ,当0x ≥时,()()12log 1,0113,1x x f x x x ⎧+≤<⎪=⎨⎪--≥⎩,则关于x 的方程()()001f x a a -=<<所有根之和为12-,则实数a的值为( ) A .22 B .12 C. 23 D .14【答案】B【解析】因为函数)(x f 为奇函数,所以可以得到当]0,1(-∈x 时,)1(log )1(log )()(221x x x f x f -=+--=--=,当]1,(--∞∈x 时,()()(1|3|)f x f x x -=-=----|3|1x =+-,所以函数)(x f 图象如下图,函数)(x f 的零点即为函数)(x f y =与a y =的交点,如上图所示,共5个,当]1,(--∞∈x 时,令a x =-+1|3|,解得:2,421-=--=a x a x ,当]0,1(-∈x 时,令a x =-)1(log 2,解得:a x 213-=,当),1[+∞∈x 时,令a |3-x |1=-,解得:2,454+=-=a x a x ,所以所有零点之和为:123454212421212aax x x x x a a a a ++++=--+-+-+-++=-=-,12a ∴=.故本题正确答案为B.7.【2017重庆八中高三上期二调】对于函数1()1x f x x -=+,设[]2()()f x f f x =,[]32()()f x f f x =,…,[]1()()n n f x f f x +=(*n N ∈,且2n ≥),令集合{}2036|(),M x f x x x R ==∈,则集合M 为( )A .空集B .实数集C .单元素集D .二元素集【答案】B【解析】由题设可知()x x f 12-=,()113-+-=x x x f ,()x x f =4,()115+-=x x x f ,()xx f 16-=,故从()x f 2开始组成了一个以()x f 为首项,以周期为4重复出现一列代数式,由50942036⨯=得()()x x f x f ==42036,故x x =的解为R ,故选B .8.【2017中原名校高三上期第三次质量考评】定义在实数集R 上的函数()f x ,满足()()()22f x f x f x =-=-,当[]0,1x ∈时,()2x f x x =⋅.则函数()()lg g x f x x =-的零点个数为( )A .99B .100 C.198 D .200 【答案】B【解析】()f x 是偶函数,图象关于直线1x =对称,周期是2,画图可得,零点个数为100,故选B.9.【2017辽宁盘锦市高中11月月考】设函数31,1,()2,1,xx x f x x -<⎧=⎨≥⎩则满足()(())2f a f f a =的a 的取值范围是( )A .2,13⎡⎤⎢⎥⎣⎦B .[]0,1C .2[,)3+∞ D .[1,)+∞ 【答案】C【解析】令()t a f =,则()tt f 2=,当1<t 时,t t 213=-,由()tt t g 213--=的导数为()2ln 23tt g -=',在1<t 时,()0>'t g ,()t g 在()1,∞-递增,即有()()01=<g t g ,则方程t t 213=-无解;当1≥t 时,t t 22=成立,由()1≥a f ,即113≥-a ,解得32≥a ,且1<a ;或1≥a ,12≥a解得0≥a ,即为1≥a .综上可得a 的范围是32≥a .故选C. 10. 【2017湖北荆州高三上期第一次质量检测】已知函数()()2ln 1,23f x x g x x x =-=-++,用{}min ,m n 表示,m n 中最小值,设()()(){}min ,h x f x g x =,则函数()h x 的零点个数为( )A .1B .2 C.3 D .4 【答案】C【解析】 由0)(=x f 可得ex e x 1,==;由0)(=x g 可得3,1=-=x x ,且当e x =时,0)(>e g .当0<x 时无意义,结合函数的图象可知方程0)(=x h 有三个根.故应选C.Oyx11.【2017河南八市重点高中上期第三次测评】函数()221sin cos cos log 442f x x x xx ππ⎛⎫⎛⎫=+++-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭的零点个数为( ).A .1B .2C .3D .4 【答案】B【解析】由已知得2211cos 21()cos 2log cos 2log 222x f x x x x x +=+--=-,令()0f x =,即2cos 2log x x =,在同一坐标系内作出函数cos 2y x =与2log y x =的图象 两个函数有两个不同的交点,所以函数()f x 的零点的个数为2,故选B.12. 【2017河南百校联盟高三11月质检】已知函数()f x 满足()14f x f x ⎛⎫=⎪⎝⎭,当1,14x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时,()ln f x x =,若在1,44⎡⎤⎢⎥⎣⎦上,方程()f x kx =有三个不同的实根,则实数k 的取值范围是( )A.44ln 4,e ⎡⎤--⎢⎥⎣⎦B.[]4ln 4,ln 4--C.4,ln 4e ⎡⎫--⎪⎢⎣⎭D. 4,ln 4e ⎡⎤--⎢⎥⎣⎦【答案】D 【解析】由题意,1,14x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时()ln f x x =,当(]1,4x ∈时,()1111,1,44ln 44f x f x x x x ⎡⎫⎛⎫∈===-⎪ ⎪⎢⎣⎭⎝⎭,如图 4ln x kx -=在(]1,4x ∈有两解,4ln x k x -=有两解,设函数()()24ln 1n ,4x l x g x g x x x--'==-g x ()在(]1,e 上单调递减,在[],4e 上单调递增,4ln 4k e∴-≤≤-.故选:D . 13.【河北石家庄2017届高三上期第一次质检,10】已知函数()132,1,1x e x f x x x x -⎧<=⎨+≥⎩,则()()2f f x <的解集为( )A .()1ln 2,-+∞B .(),1ln 2-∞- C. ()1ln 2,1- D .()1,1ln 2+ 【答案】B【解析】因为当1x ≥时,3()2f x x x =+≥;当1x <时,1()22x f x e-=<,所以(())2f f x <,等价于()1f x <,即121x e -<,解得1ln 2x <-,所以(())2f f x <的解集为(,1ln 2)-∞-,故选B . 14.【2017江苏徐州丰县民族中高三上期第二次月考】设函数()x f x e x a =+-(a R ∈,e 为自然对数的底数),若曲线sin y x =上存在一点00(,)x y 使得00(())f f y y =,则a 的取值范围是 . 【答案】[]1,e15.【2017江苏徐州丰县民族中高三上期第二次月考】已知函数()f x 为定义在[]2,3a -上的偶函数,在[]0,3上单调递减,并且22()(22)5af m f m m -->-+-,则m 的取值范围是 . 【答案】1122m -≤<【解析】由题设可得032=+-a ,即5=a ,故)22()1(22-+->--m m f m f 可化为)22()1(22+->+m m f m f ,又3221,31122≤+-≤≤+≤m m m ,故2122122<⇒+-<+m m m m ,且21-≥m .故应填答案1122m -≤<.= 16.【2017届12月浙江省重点中期末热身联考】已知a R ∈,函数()1,0{ ,0x a x f x xe x -+><,若存在三个互不相等的实数123,,x x x ,使得()()()123123f x f x f x e x x x ===-成立,则a 的取值范围是__________.【答案】(),2e -∞-【解析】若存在三个互不相等的实数123,,x x x ,使得()()()123123f x f x f x e x x x ===-成立,则方程()f x ex =-存在三个不相等的实根,当0x <时, ()x f x e ex -==-,令()(0)x g x e ex x -=+<,则()x g x e e --'=+,令()0g x '=,得1x =-,当1x <-时, ()0g x '<,即()g x 在(),1-∞-上为减函数,当10x -<<时, ()0g x '>,即()g x 在()1,0-上为增函数,∴()()min 10g x g e e =-=-=,则()f x ex =-在(),0-∞上存在一个实根,∴()f x ex =-在()0,+∞上存在两个不相等的实根,即1a ex x+=-, 210ex ax ++=有两个不相等的实根,∴20{240a ea e ->∆=->,∴2a e <-,故答案为(),2e -∞-17.【2018届福建省闽侯高三12月月考】已知函数()()()2,0{0,0k x x f x k lnx x +≤=<->,若函数()()1y f f x =-有3个零点,则实数k 的取值范围为 __________ .【答案】k 1-<18.【2017湖南百所重点中高三上期阶段诊测】已知定义在R 上的函数()f x 的周期为3.当13x ≤≤时,2()4f x x =+.(1)求(5)(7)f f +的值;(2)若关于x 的方程2()()f x mx m R =∈在区间[4,6]上有实根,求实数m 的取值范围. 【答案】(1)(5)(7)13f f +=;(2)413[,]1336. 【解析】(1)∵函数()f x 的周期为3,∴(5)(2)8f f ==,(7)(4)(1)5f f f ===, ∴(5)(7)13f f +=.(2)设[4,6]x ∈,则3[1,3]x -∈,∵函数()f x 的周期为3, ∴2()(3)(3)4f x f x x =-=-+.方程2()f x mx =在[4,6]上有实根22(3)4x m x-+=⇔在[4,6]上有实根,设2222(3)4136134()113()1313x g x x x x x -+==-+=-+,∵[4,6]x ∈,∴111[,]64x ∈,∵311[,]1364∈, ∴min 4()13g x =,又∵1331||||413136-<-,∴max 13()(6)36g x g ==,∴413()[,]1336g x ∈, ∴实数m 的取值范围为413[,]1336.19.定义在(1,0)(0,)-+∞上的函数()f x 及二次函数()g x 满足:211()2()ln xf x f x x+-=,(1)(3)3,g g =-=,且()g x 的最小值是1-.(Ⅰ)求()f x 和()g x 的解析式;(Ⅱ)若对于12,[1,2]x x ∈,均有2112211()2()2ln 222g x ax x f x +≤++-成立,求实数a 的取值范围; (Ⅲ)设()()(),0(),(),0f x x x g x x ϕ>⎧⎪=⎨≤⎪⎩讨论方程[]()1x ϕϕ=-的解的个数情况.【答案】(Ⅰ)()ln(1)f x x =-+,2()2g x x x =+ (Ⅱ)(,4]-∞- (Ⅲ)三个解.【解析】(Ⅰ)∵211()2()lnx f x f x x +-=①,则1()2()ln[(1)]f f x x x x-=+②由①②联立解得: ()ln(1)f x x =-+;()g x 是二次函数,可设2()(),0g x A x m n A =-+≠又(1)(3)3,g g =-=,∴抛物线对称轴为1312x -==-.∴1m =-. 根据题意函数有最小值为1n =-,∴2()(1)1g x A x =+-. 又2(1)(11)131g A A =+-=⇒=,故22()(1)12g x x x x =+-=+ (Ⅱ)设()2()()2G x g x ax x a x =+=++,211()2ln(1)2ln 222F x x x =-++-, 依题意知:当12x ≤≤时, max min ()()G x F x ≤∵222(2)(1)()0111x x x x F x x x x x +-+-'=-==≥+++,()F x 在[1,2]上单调递增, min ()(1)0F x F ∴==()()1302280G a G a =+≤⎧⎪∴⎨=+≤⎪⎩,解得4a ≤-,∴实数a 的取值范围是(,4]-∞-;(Ⅲ)图像解法:()x ϕ的图象如图所示: 令()T x ϕ=,则()1T ϕ=-121,1T T e ∴=-=-而()1x ϕ=-有两个解, ()1x e ϕ=-有1个解.[]()1x ϕϕ∴=-有3个解.代数解法:令()T x ϕ=,则() 1.T ϕ=-(1)由()1T ϕ=-得:221(0)T T T +=-≤或ln(1)1(0)T T -+=->,解得121,1T T e =-=-.(2)若1()1x T ϕ==-,则221(0)x x x +=-≤或ln(1)1(0)x x -+=->,∴121,1x x e =-=-;若2()1x T e ϕ==-,则221(0)x x e x +=-≤或ln(1)1(0)x e x -+=->由221(0)x x e x +=-≤解得31x e =--,而ln(1)1(0)x e x -+=->无解 综上所述,方程[]()1x ϕϕ=-共有三个解.20.已知函数()()211ln ,2f x ax a x x a R =-+-+∈. (1)讨论()f x 的单调性; (2)证明:当()0,1x ∈时,()()11f x f x -<+; (3)若函数()f x 有两个零点1x ,2x ,比较12+2x x f ⎛⎫' ⎪⎝⎭与0的大小,并证明你的结论. 【答案】(1)1a <-时,f (x )在1(0,)a -上递增,1(1)a -,上递减,(1,)+∞上递增;1a =-时,f (x )在(0,)+∞上递增;10a -<<时,f (x )在(0,1)上递增,1(1)a -,上递减,1(,)a -+∞上递增;0a ≥时,f (x )在(0,1)上递增,在(1,)+∞上递减;(2)见解析;(3)12+02x x f ⎛⎫'> ⎪⎝⎭.C .1>1a -,即10a -<<时,f (x )在(0,1)上递增,1(1)a -,上递减,1(,)a-+∞上递增; 且(1)102a f =-<,故此时f (x )在(0,)+∞上有且只有一个零点. 综上所述:1a <-时,f (x )在1(0,)a -上递增,1(1)a -,上递减,(1,)+∞上递增; 1a =-时,f (x )在(0,)+∞上递增;10a -<<时,f (x )在(0,1)上递增,1(1)a -,上递减,1(,)a -+∞上递增; 0a ≥时,f (x )在(0,1)上递增,在(1,)+∞上递减;(2)()()11f x f x -<+⇔2211(1)(1)(1)ln(1)(1)(1)(1)ln(1)22a x a x x a x a x x --+--+-<-++-+++ ⇔2ln(1)ln(1)0x x x +--+<设()2ln(1)ln(1),(0,1)g x x x x x =+--+∈∴2112'()2011(1)(1)x g x x x x x --=+-=<-+-+ ∴()g x 在(0,1)x ∈上单调递减∴()g(0)0g x <=得证.(3)由(1)知,函数()f x 要有两个零点1x ,2x ,则0(1)102a a f >⎧⎪⎨=->⎪⎩ ∴2a >,不妨设1201x x <<<∴由(2)得222(2)(11)()=0f x f x f x -=+->∴212x x ->,∴12+12x x <,∴12+02x x f ⎛⎫'> ⎪⎝⎭ 21.已知函数2()3,()21()f x x a g x ax a =+=+∈R(1)若函数()f x 在(0,2)上无零点,请你探究函数()y g x =在(0,2)上的单调性;(2)设()()()F x f x g x =-,若对任意的(0,1)x ∈,恒有()1F x <成立,求实数a 的取值范围.【答案】(1)若0a =:在(0,2)上无单调性,若0a >:在(0,2)上单调递增,若12a ≤-:在1(0,)2a -上单调递减,在1(,)2a-+∞上单调递增;(2)[1,2]. 【解析】(1)令()0f x =,从而可知23a x =-,∵(0,2)x ∈,∴23(12,0)x -∈-,故满足()f x 在(0,2)上无零点的实数a 的取值范围是(,12][0,)-∞-+∞,若0a =:|()|1g x =,在(0,2)上无单调性,若0a >:|()||21|21g x ax ax =+=+,在(0,2)上单调递增,若12a ≤-:则110224a <-≤,∴|()|g x 在1(0,)2a -上单调递减,在1(,)2a-+∞上单调递增;(2)2()()()321(01)F x f x g x x ax a x =-=-+-≤≤,而|()|1F x ≤在(0,1)上恒成立等价于1(1)11(0)1121()13F F a a F ⎧⎪-≤≤⎪-≤≤⇒≤≤⎨⎪⎪-≤≤⎩,∴实数a 的取值范围是[1,2].22.【2018届海南省八校高三上期新起点联盟考试】设函数()32231,0{ 21,0x x x x f x axe x -->=-≤,其中0a >. (1)若直线y m =与函数()f x 的图象在(]0,2上只有一个交点,求m 的取值范围;(2)若()f x a ≥-对x R ∈恒成立,求实数a 的取值范围.(2)当0x ≤时, ()()'21xf x a x e =+, 0a >,令()'0f x =得1x =-; 令()'0f x >得10x -<≤, ()f x 递增;令()'0f x <得1x <-, ()f x 递减,∴()f x 在1x =-处取得极小值,且极小值为()211a f e -=--, ∵0a >,∴210a e --<, ∵当212a e --≥-即02e a <≤时, ()()min 12f x f ==-,∴2a -≤-,即2a ≥,∴无解, 当212a e --<-即2e a >时, ()()max 211a f x f e =-=--,∴21a a e -≤--,即2e a e ≥-,又22e e e >-,∴2e a e ≥-,综上, ,2e a e ⎡⎫∈+∞⎪⎢-⎣⎭.。

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