【精准解析】云南省玉溪第一中2021届高三上学期第二次月考物理试题
2021年高三上学期第二次月考 物理 含答案
2021年高三上学期第二次月考物理含答案一、选择题（本题共14小题，共计46分。
1-10题为单选题，每小题3分，每题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的；11-14题为多项选择题，每小题4分，每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分）1．一对等量正点电荷电场的电场线（实线）和等势线（虚线）如图所示，图中A、B两点电场强度分别是EA 、EB，电势分别是ΦA、ΦB，负电荷q在A、B时的电势能分别是EPA 、EPB，下列判断正确的是（）A．EA <EB，ΦA<ΦB，EPA> EPBB．EA <EB，ΦA>ΦB，EPA> EPBC．EA >EB，ΦA<ΦB，EPA< EPBD．EA >EB，ΦA>ΦB，EPA< EPB2．弹簧振子作简谐运动，t1时刻速度为v，t2时刻也为v，且方向相同．已知（t2-t1）小于周期T，则（t2-t1）（）A．可能大于四分之一周期 B．一定小于四分之一周期C．一定小于二分之一周期 D．可能等于二分之一周期3．一列简谐横波以v=2m/s的速度沿x轴负方向传播，右图是t=0时刻的波形图，下列描述某质点振动的图象正确的是（）4．如图所示，水平天花板下用长度相同的绝缘细线悬挂起来的两个相同的带电介质小球A、B，左边放一带正电的固定球P时，两悬线都保持竖直方向．下面说法正确的是（）A．A球带正电，B球带负电，并且A球带电荷量较P球带电荷量大B．A球带正电，B球带负电，并且A球带电荷量较P球带电荷量小C．A球带负电，B球带正电，并且A球带电荷量较P球带电荷量小D．A球带负电，B球带正电，并且A球带电荷量较P球带电荷量大5．要使平行板电容器两极板间的电势差加倍，同时极板间的场强减半，下述四种办法中应采取哪种办法（）A．两极板的电荷量加倍，板间距离为原来的4倍B．两极板的电荷量减半，板间距离为原来的4倍C．两极板的电荷量加倍，板间距离为原来的2倍D．两极板的电荷量减半，板间距离为原来的2倍6．质量分别为m1和m2的两个物体（m1＞m2），在光滑的水平面上沿同方向运动，具有相同的初动能．将与初始的运动方向相同的水平力F分别作用在这两个物体上，经过相同的时间后，两个物体的动量和动能的大小分别为p1、p2和E1、E2，比较它们的大小（）A．p1＞p2和E1＞E2 B．p1＜p2和E1＜E2C．p1＜p2和E1＞E2 D．p1＞p2和E1＜E27．如图，光滑水平面上，质量为M=3kg的薄木板和质量为m=1kg的物块，都以v=4m/s的初速度朝相反方向运动，它们之间有摩擦，薄板足够长，当薄板的速度为2.4m/s时，物块的运动情况是（）A.做加速运动B.做减速运动C.做匀速运动D.上述都有可能8．用水平力F拉一物体，使物体在水平地面上由静止开始做匀加速直线运动，t1时刻撤去拉力F，物体做匀减速直线运动，到t2时刻停止．其速度—时间图象如图所示，且＞，若拉力F做的功为W1，平均功率为P1；物体克服摩擦阻力F f做的功为W2，平均功率为P2，则下列选项正确的是（）A．W1＞W2，F＝2F f B．W1= W2，F＞2F fC．W1= W2，P1＜P2 D．P1＞P2，F=2F f9．如图所示，在光滑的水平地面上，物体B静止，在物体B上固定一个轻小弹簧．物体A以一定初速度沿水平方向向右运动，并通过弹簧与物体B发生作用．已测出两物体的质量关系为m A=m B，碰撞中，弹簧获得的最大弹性势能为E P．若将B的质量加倍，再使物体A与物体B发生作用（作用前物体B仍静止），相互作用过程中，弹簧获得的最大弹性势能仍为E P．则在物体A开始接触弹簧到弹簧具有最大弹性势能的过程中，第一次和第二次物体B的末动量之比为（）A．4：3 B．2：1 C．3：1 D．3：10．如图所示，一根不可伸长的细绳一端固定在O点，另一端连接一个质量为M的沙摆．当沙摆以大小为v的速度水平向右经过最低点A时，第一颗子弹以大小为v0的速度水平向右射入沙摆且未穿出．此后，每当沙摆经过最低点A时，都会有一颗子弹以大小为v0的速度水平向右射入沙摆且均未穿出．若每颗子弹的质量为m，射入沙摆后，沙摆的最大摆角均小于90°，碰撞时间极短，不计空气阻力，则第三颗子弹射入沙摆后，沙摆在最低点A的速度大小为（）A． B． C． D．11．如图所示，一简谐机械波沿x轴正方向传播．在t1=0、t2=1.0s时刻该波的波形曲线分别如图中实线、虚线所示．a、b为该机械波上的两个质点，它们平衡位置的坐标分别为xa=2.0m、xb=8.0m．下列说法中正确的是（）A．该机械波的波速最小值等于1.0m/sB．该机械波的周期最大值等于8sC．t2=1.0s时a、b的速度一定大小相等、方向相同D．t2=1.0s时a、b的加速度一定大小相等、方向相同12．如图所示，矩形区域中虚线为静电场中的一簇等势线．己知某粒子以初速度v0沿与等势线平行的方向由O点进入电场，刚好自C点以速率v t离开电场，设粒子只受电场力，则下列说法中正确的是（）A．若只增大v0，粒子将从BC边离开电场，离开电场的速率大于v tB．若只增大v0，粒子将从DC边离开电场，离开电场的速率可能大于v tC．若只减小v0，粒子将从DC边离开电场，离开电场的速率小于v tD．若只减小v0，粒子将从BC边离开电场，离开电场的速率小于v t13．如图所示的xOy坐标系中，x轴上固定一个点电荷Q，y轴上固定一根光滑绝缘细杆（细杆的下端刚好在坐标原点D处），将一个套在杆上重力不计的带电圆环（视为质点）从杆上P处由静止释放，圆环从O处离开细杆后恰好绕点电荷Q做圆周运动．下列说法正确的是（）A．圆环沿细杆从P运动到O的过程中，加速度一直增大B．圆环沿细杆从P运动到O的过程中，速度一直增大C．增大圆环所带的电荷量，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动D．将圆环从杆上P的上方由静止释放，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动14．如图所示，质量为m的工件由静止开始从底端传到高为h的顶端，速度保持v0不变，工件到达顶端前已经相对于传送带静止．工件从底端到顶端的运动过程中，传送带对工件做的功为W1，传送带克服摩擦力做功为W2，工件与传送带相对滑动产生的热量为Q．则（）第II卷二、填空题（本题共4小题，共计15 分）15．在静电场中，一个带电量q=2.0×10-9C的负电荷从A点移动到B点，在这过程中，电场力做功8.0×10-5J，则A、B两点间的电势差U AB= V16．如图所示，平行板电容器充电后，b板与静电计金属球连接，a板、静电计外壳均接地，静电计的指针偏转开一定角度．若减小两极板a、b间的距离，同时在两极板间插入电介质，则静电计指针的偏转角度会（填变大、变小或不变）17．如图所示，平行板电容器竖直放置，两板间存在水平方向的匀强电场，质量相等的两个带电液滴1和2从O点自由释放后，分别抵达B、C两点，若AB=BC，则它们带电荷量之比q1：q2等于18．某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验时，他先测得摆线长为97.50cm，摆球的直径为2.00cm，然后用秒表记录了单摆完成50次全振动所用的时间，则：（1）该单摆的摆长为 cm（2）如果测出的g值偏小，可能的原因是（）A．测量摆线长，线拉得过紧B．摆线上端没有固定，振动中出现松动，使摆线变长了C．开始计时时，秒表按下迟了D．实验中误将49次全振动记为50次（3）该同学由测量数据作出l-T2图线，若图线的斜率为k，则重力加速度g= ．三、计算题（本题共4小题，共计39分）19．如图所示，真空中有两个可视为点电荷的小球，其中A带正电，电量为Q1，固定在绝缘的支架上，B质量为m，用长为L的绝缘细线悬挂，两者均处于静止状态，悬线与竖直方向成θ角，且两者处在同一水平线上．相距为R，静电力常量为K，重力加速度为g．求：（1）B带正电荷还是负电荷？（2）B球带电量绝对值Q2为多少？20．如图所示，小球a质量为2m、b质量为m，b球静止于水平轨道BC（距地高）的出口C处。
云南省玉溪一中2021-2022高一物理上学期第二次月考试题
云南省玉溪一中2021-2022高一物理上学期第二次月考试题1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分，时间90分钟。
2.第Ⅰ卷和第Ⅱ卷的答案填写在答题卡的相应位置，考试结束只收答题卡。
第Ⅰ卷（选择题共56分）一、选择题（本题共16题，共56分。
第1-8题只有一个选项符合题目要求，每小题3分；第9-16题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1．下列各组物理量全是矢量的一组是（）A．位移、时间、速度B．速度、加速度、质量C．力、速度、位移D．力、位移、路程2．对力的概念的理解，下列说法正确的是（）A．射出枪口的子弹，能打到很远的距离，因为子弹离开枪口后受到一个推力的作用B．弹簧测力计竖直悬挂小球并保持静止时，测力计对小球的拉力就是小球重力C．只要两个力的大小相等，它们产生的效果一定相同D．重力的大小和方向与物体运动状态无关3．如图是A、B两个质点做直线运动的位移-时间图象．则（）A．运动过程中，A质点总比B质点运动得快B．在0 ~ t1这段时间内，A、B两个质点的位移相同C．当t = t1 时，A、B两个质点速度相等D．A质点的加速度大于B质点的加速度4．如图所示，质量为m的物体静止在倾角为θ 的粗糙斜面上，斜面静止在粗糙的水平面上，则（）A．物体的重力垂直于斜面的分力就是对斜面的压力，大小为mg cosθm B．物体受到重力、下滑力、支持力、摩擦力总共4个力C．物体所受的摩擦力大小等于mgsinθD．地面对斜面有向左的摩擦力5．如图所示，用三根轻绳将质量为m的物块静止悬挂在空中。
已知ab和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则ac绳和bc绳中的拉力分别为（）A ．mg mg 21,23 B ．mg mg 23,21C ．mg mg 21,43 D ．mg mg 43,21 6．一辆沿笔直公路匀加速行驶的汽车（可视为质点），经过路旁两根相距80 m 的电线杆共用5 s 时间，它经过第1根电线杆时的速度为15 m/s ，则经过第2根电线杆时的速度为（ ） A ．16 m/sB ．17 m/sC ．18 m/sD ．19 m/s7．质量为m 的木箱置于水平面上，水平力F 可使木箱做匀速直线运动．现保持F 的大小不变，方向改为与水平方向成60°斜向上拉木箱，仍能使其做匀速直线运动，如图所示．则木箱与水平面间的动摩擦因数为（ ） A ．23B ．21 C ．33D ．38．如图所示，用轻滑轮（不计滑轮直径）悬挂重力为G 的物体．轻绳总长为L ，绳能承受的最大拉力是2 G ，现将轻绳一端固定，另一端缓慢向右移动距离d 而使绳不断，则d 的最大值为（ ） A ．2L B ．L 22 C ．L 32 D ．L 415 9．伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础。
云南玉溪一中2021高三物理上第二次月考试题
2021届高三上学期第二次月考物理学科试卷本卷满分100分，考试时间90分钟。
一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
1-7题为单选题，8-12为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度－时间图象如图所示．在0～t 2时间内，下列说法中正确的是A ．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B ．在第一次相遇之前，t 1时刻两物体相距最远C ．t 2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是v 1＋v 222.某同学为研究自由落体运动，从砖墙前的高处由静止释放一小石子，让其自由落下，拍摄到石子下落过程中的一张照片如图所示，由于石子的运动，它在照片上留下一条模糊的径迹AB 。
已知每层砖的平均厚度为6.0cm ，拍摄到石子位置A 到石子下落的起始位置的距离为5.0m ，则这个照相机的曝光时间约为 A ．26.010s -⨯ B ．36.010s -⨯ C ．46.010s -⨯ D ．56.010s -⨯3.如图所示，A 为电磁铁，C 为胶木秤盘，A 和C (包括支架)的总质量为M ，B 为铁片，质量为m ，整个装置用轻绳挂于O 点，在电磁铁通电后，铁片被吸引上升的过程中，轻绳的拉力F 的大小为A ．F ＝mgB ．mg <F <(M ＋m )gC ．F ＝(M ＋m )gD ．F >(M ＋m )g4.2020年6月23日9时43分，北斗系统第五十五颗导航卫星发射成功，至此北斗三号全球卫星导航系统星座部署全面完成。
北斗导航系统由三类轨道卫星组成，即“吉星”地球静止轨道卫星(轨道半径3万千米左右)、“爱星”倾斜地球同步轨道卫星和“萌星”中圆地球轨道卫星(轨道半径2万千米左右)，下列说法正确的是A.“吉星”的运行周期小于“爱星”的运行周期B.“爱星”的线速度大于“萌星”的线速度C.“吉星”的角速度大于“萌星”的角速度D.“爱星”的加速度小于“萌星”的加速度5.如图所示，边长为L 的正方形CDEF 区域存在垂直纸面向外的匀强磁场，一个比荷（电荷和质量的比值）为k 的带电粒子以大小为v 的速度由C 点进入磁场，速度方向与CD 边的夹角θ=60°，经磁场偏转后从DE 边垂直DE 射出，粒子的重力不计，则磁场的磁感应强度为 A.v2kLB.3vC.3vD.v kL6.光滑水平面上并排放置质量分别为m 1＝2 kg 、m 2＝1 kg 的两物块，t ＝0时刻同时施加两个力，其中F 1＝2 N 、F 2＝(4－2t ) N ，方向如图所示．则两物块分离的时刻为 A ．1 s B ．1.5 s C ．2 s D ．2.5 s7.一煤块(可视为质点)放在水平浅色传送带左端，刚开始均处于静止状态，某时刻传送带以3m/s 2的加速度开始匀加速顺时针运行，经过△t=1s 后开始匀速运行，最终煤块从右端掉下。
玉溪一中高三第二次月考物理试卷(附答案)
玉溪一中高三第二次月考物理试卷（附答案）停止高考物理温习应该多做题才干稳固知识点，以下是2021届高三第二次月考物理试卷，请考生及时练习。
一、选择题(此题共14小题，共48分。
1-8题每题只要一个选项正确，每题3分;9-14题每题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分。
有错选的得0分)1、如图A、B两物体叠放在一同，用手托住，让它们运动靠在竖直的粗糙的墙边，然后释放，它们同时沿墙面向下滑，mAmB，不思索空气阻力，那么物体B ( )A.只受一个力作用B.遭到两个力作用C.遭到三个力作用D.遭到四个力作用3、一个110匝的闭合矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，发生的感应电动势如图乙所示。
那么可以判别( )A.t=0时辰线圈应转到图甲所示的位置B.该线圈转动的角速度为100 rad/sC.发生的电动势的有效值为311VD.穿过线圈的磁通量的最大值为 Wb4、一质点在xoy平面内的运动轨迹如下图，以下判别正确的选项是( )A.假定x方向一直匀速，那么y方向先减速后减速B.假定x方向一直匀速，那么y方向先减速后减速C.假定y方向一直匀速，那么x方向先减速后减速D.假定y方向一直匀速，那么x方向不时减速5、用一根轻质细绳将一幅画框对称地悬挂在墙壁上，如下图。
假定将画框中两个挂钉间的间距适当增加，仍用异样长的细绳悬挂，那么细绳的张力将( )A.变大B.变小C.不变D.无法确定6、雨天的野外骑车时，在自行车的后轮轮胎上常会粘附一些泥巴，行驶时觉得很繁重。
假设将自行车后轮撑起，使后轮分开空中而悬空，然后用手匀速摇脚踏板，使后轮飞速转动，泥巴就被甩上去。
如下图，图中a、b、c、d为后轮轮胎边缘上的四个特殊位置，那么( )A.泥巴在图中a、c位置的向心减速度大于b、d位置的向心减速度B.泥巴在图中的b、d位置时最容易被甩上去C.泥巴在图中的c位置时最容易被甩上去D.泥巴在图中的a位置时最容易被甩上去7、银河系中的星系多为只要一颗或两颗恒星的单星系或双星系，具有三颗以上恒星的星系被称为聚星系，近年来，也有聚星系陆续被观测到。
解析版云南玉溪一中2021年高三上学期期中考试理综试题解析物理
第Ⅰ卷(选择题,共126分)二、选择题:(本题共８小题,每小题6分,共48分.第１4~１８题只有一项符合题目要求，第19～2１题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得６分,选对但不全的得３分，有选错的得0分.）14．下列四个实验中，能在绕地球飞行的太空实验舱中完成的是A.用天平测量物体的质量B．用弹簧秤测物体的重力C．用温度计测舱内的温度 D.用水银气压计测舱内气体的压强1５. 若从砖墙前的某高处使一个石子由静止自由落下，用照相机拍摄石子在空中的照片如图所示,由于石子的运动,它在照片上留下了一条模糊的径迹AB。
已知该照相机的曝光时间为0.015s,每块砖的平均厚度为6cm,这个石子大约是从距离位置A多高处自由落下A.１mB.3ｍC．５m D．7m【答案】.B【解析】16. 设有五个力同时作用在质点Ｐ,它们的大小和方向相当于正六边形的两条边和三条对角线,如图所示,这五个力中的最小力的大小为F,则这五个力的合力等于A．3F B.４F C.5F D.６F1７. 若以固定点为起点画出若干矢量,分别代表质点在不同时刻的速度，则这些矢量的末端所形成的轨迹的是：被定义为“速矢端迹”。
由此可知下列说法错误．．A.匀速直线运动的速矢端迹是点B．匀加速直线运动的速矢端迹是射线C.平抛运动的速矢端迹是抛物线D.匀速圆周运动的速矢端迹是圆【答案】Ｃ【解析】试题分析：匀速直线运动的速度不变,即速度大小和方向都不变,根据“速矢端迹”的定义，作出其速矢端迹应为点(以固定点为起点画出若干矢量).匀加速直线运动的加速度保持不变,速度随时间均匀增大,画出其“速矢端迹”为射线．平抛运动的水平分速度不变，竖直分速度为gt，均匀增加其“速矢端迹”为向竖直下的射线.匀速圆周运动的速度大小保持不变，速度方向绕圆心匀速旋转,其“速矢端迹”为圆.本题错误的选项为C。
考点:平抛运动、圆周运动及匀加速直线运动及匀速直线运动的特点。
18. 用一根细线一端系一小球（可视为质点)，另一端固定在一光滑锥顶上，如图(ａ)所示,设小球在水平面内作匀速圆周运动的角速度为ω，线的张力为T,则T随ω２变化的图像是图（b）中的１9. 如图所示,一个倾角为4５°的斜面固定于竖直墙上，为使一光滑的铁球静止在如图所示的位置，需用一个水平推力F作用于球体上,F的作用线通过球心。
云南省玉溪第一中2021届高三上学期第二次月考物理试题 Word版含解析
玉溪一中2021届高三上学期第二次月考物理学科试卷本卷满分100分，考试时间90分钟。
一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
1-7题为单选题，8-12为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1. 从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度－时间图象如图所示．在0～t 2时间内，下列说法中正确的是（ ）A. Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小 B. 在第一次相遇之前，t 1时刻两物体相距最远 C. t 2时刻两物体相遇D. Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是122v v + 【答案】B 【解析】【详解】试题分析：速度时间图像的斜率表示加速度，从图中可知I 曲线的斜率都在减小，所以I 加速度都在减小，根据牛顿第二定律可得I 合力都在减小，II 斜率恒定，做匀减速直线运动，合力恒定，A 错误；速度图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知在1t 时刻两物体面积差最大，相距最远，故B 正确；2t 时刻，物体I 的位移比物体II 的位移大，两者又是从同一地点同时开始运动的，所以2t 时刻两物体没有相遇，故C 错误；物体的位移就等于图中两图象与时间轴所围的面积，平均速度就等于位移与时间的比值，由图知物体I 的位移比物体II 的位移大，且II 物体做匀减速运动，其平均速度为122v v +，I 的平均速度大于122v v +，D 错误． 考点：考查了速度时间图像【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移2. 某同学为研究自由落体运动，从砖墙前的高处由静止释放一小石子，让其自由落下，拍摄到石子下落过程中的一张照片如图所示，由于石子的运动，它在照片上留下一条模糊的径迹AB 。
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玉溪一中2013届高三第二次月考物理试卷一、选择题（15小题，共45分，在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对得3分，选不全得2分，有选错或不答的得0分。
）１、下列关于加速度的描述中，正确的是( )．A ．加速度在数值上等于单位时间里速度的变化B ．当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动C ．速度方向为正时，加速度方向一定为负D ．速度变化越来越快时，加速度越来越小2、一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下，某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB .该爱好者用直尺量出轨迹的长度，如图所示，已知曝光时间为11 000s ，则小石子出发点离A 点的距离约为( )．A ．5 mB ．10 mC ．15 mD ．20 m3、如图2-2-13所示，物体在水平外力作用下处于静止状态，当外力F 由图示位置逆时针转到竖直位置的过程中，物体仍保持静止，则在此过程中静摩擦力可能为( )．A ．0B ．F C.F 2D ．2F 4、两个大小分别为F 1和F 2(F 2<F 1)的力作用在同一质点上，它们的合力的大小F 满足( )．A ．F 2≤F ≤F 1 B.F 1－F 22≤F ≤F 1＋F 22 C ．F 1－F 2≤F ≤F 1＋F 2 D ．F 21－F 22≤F 2≤F 21＋F 225、我国《道路交通安全法》中规定：各种小型车辆前排乘坐的人(包括司机)必须系好安全带，这是因为( )．A ．系好安全带可以减小惯性B ．是否系好安全带对人和车的惯性没有影响C ．系好安全带可以防止因车的惯性而造成的伤害D ．系好安全带可以防止因人的惯性而造成的伤害6、如图，在一粗糙的水平面上有三个质量分别为m 1、 m 2 、m 3的木块1、2和3，中间分别用一原长为L ，劲度系数为k 的轻弹簧连接起来，木块与地面间的动摩擦因数为μ。
现用一水平力向右拉木块3，当木块一起匀速运动时，1和3两木块之间的距离是（不计木块宽度）（ ）k gm L A 2.μ+ k gm m L B )(.21++μk gm m L C )2(2.21++μ kg m m L D )2(22.21++μ 7、如图所示，物体A 、B 在力F 作用下一起以相同加速度沿F 方向匀加速运动，关于物体A 所受的摩擦力，下列说法正确的是( ).A.甲、乙两图中物体A 均受摩擦力，且方向均与F 相同B.甲、乙两图中物体A 均受摩擦力，且方向均与F 相反C.甲、乙两图中物体A 均不受摩擦力D.甲图中物体A 不受摩擦力，乙图中物体A 受摩擦力，方向和F 方向相同8、如图所示，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以加速度a 下滑，斜劈保持静止，则地面对斜劈的摩擦力( )．A ．等于零B ．不为零，方向一定向右C ．不为零，方向一定向左D ．不为零，方向可能向左，方向可能向右9、如图所示我国国家大剧院外部呈椭球型。
云南省玉溪市2021届新高考第二次质量检测物理试题含解析
云南省玉溪市2021届新高考第二次质量检测物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，在粗糙的水平面上放一质量为2kg 的物体，现用F=8N 的力，斜向下推物体，力F 与水平面成30o 角，物体与水平面之间的滑动摩擦系数为μ=0.5，则A ．物体对地面的压力为24NB ．物体所受的摩擦力为12NC ．物体加速度为26/m sD ．物体将向右匀速运动【答案】A【解析】受力分析如图所示，在竖直方向上，由平衡条件得sin3024N N F mg =︒+=，物体与水平地面间最大静摩擦力max 12N F N μ==，水平方向上cos3043N x F F =︒= ，由于max x F F <，物体将静止不动，故物体所受的摩擦力为静摩擦力43N x f F ==，综上分析，正确答案为A ．2．质量为m 的箱子静止在光滑水平面上，箱子内侧的两壁间距为l ，另一质量也为m 且可视为质点的物体从箱子中央以v 0=2gl 的速度开始运动（g 为当地重力加速度），如图所示。
已知物体与箱壁共发生5次完全弹性碰撞。
则物体与箱底的动摩擦因数μ的取值范围是（ ）A ．1247μ<<B ．2194μ<<C ．22119μ<<D ．221311μ<< 【答案】C【解析】【详解】小物块与箱子组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得02mv mv =共解得012v v =共 对小物块和箱子组成的系统，由能量守恒定律得()022121 2m m Q v m v =++共 解得2014m g v Q m l == 由题意可知，小物块与箱子发生5次碰撞，则物体相对于木箱运动的总路程max 112s l =，min 92s l = 小物块受到摩擦力为f mg μ=对系统，利用产热等于摩擦力乘以相对路程，得Q fs mgs μ==故max 29μ=，min 211μ= 即22119μ<<，故C 正确，ABD 错误。
云南省玉溪市2021届新高考物理二月模拟试卷含解析
云南省玉溪市2021届新高考物理二月模拟试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．双星系统中两个星球 A 、B 的质量都是 m ，相距 L ，它们正围绕两者连线上某一点做匀速圆周运动。
实际观测该系统的周期 T 要小于按照力学理论计算出的周期理论值 T 0，且01（）=<T k k T ，于是有一人猜测这可能是受到了一颗未发现的星球 C 的影响，并认为 C 位于 A 、B 的连线正中间，相对 A 、B 静止，则 A 、B 组成的双星系统周期理论值 T 0 及 C 的质量分别为（ ）A．2214k m k + B．2214k m k - C．2π214k m k+ D．22214k m k - 【答案】D【解析】【详解】两星的角速度相同，根据万有引力充当向心力知：22122Mm G m r m r Lωω== 可得r 1=r 2 ①两星绕连线的中点转动，则有：2222042m L G m L T π=⋅⋅ ② 所以02T = ③ 由于C 的存在，双星的向心力由两个力的合力提供，则2222242()2m Mm L G G m L L T π+=⋅⋅ ④ 又T k T = ⑤ 解③④⑤式得2214k M m k-= 可知D 正确，ABC 错误。
故选D 。
2．有一种灌浆机可以将某种涂料以速度v 持续喷在墙壁上，假设涂料打在墙壁上后便完全附着在墙壁上，涂料的密度为ρ，若涂料产生的压强为p ，不计涂料重力的作用，则墙壁上涂料厚度增加的速度u 为( ) A ．p v ρ B ．p v ρ C ．pv ρ D ．pvρ【答案】B【解析】【详解】涂料持续飞向墙壁并不断附着在墙壁上的过程，速度从v 变为0，其动量的变化源于墙壁对它的冲量，以极短时间Δt 内喷到墙壁上面积为ΔS 、质量为Δm 的涂料(微元)为研究对象，设墙壁对它的作用力为F ，涂料增加的厚度为h 。
云南省玉溪市2021届新高考第二次大联考物理试卷含解析
云南省玉溪市2021届新高考第二次大联考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．图为某发电站的发电机发出的交流电，经升压变压器、降压变压器后向某小区的用户供电的示意图，已知升压变压器原线圈两端的电压为500sin100(V)u t π=。
则下列说法正确的是（ ）A ．小区用户得到的交流电的频率可能为100HzB ．升压变压器原线圈两端的电压的有效值为500VC ．用电高峰时输电线上损失的电压不变D ．深夜小区的用户逐渐减少时，输电线损耗的电功率减小【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．发电机的输出电压随时间变化的关系，由电压的表达式可知T=0.02s ，故11Hz 50Hz 0.02f T === 又由于变压器不改变交流电的频率，则用户得到的交流电的频率也应为50Hz ，A 错误；B ．由图像可知交流的最大值为U m =500V ，因此其有效值为2U = 则输入原线圈的电压为2502V ，B 错误；C ．用电高峰时，用户增多，降压变压器副线圈的电流增大，则原线圈的电流增大，输电电流增大，则输电线上损失的电压增大，C 错误；D ．深夜小区的用户逐渐减少时，则降压变压器的输入功率减小，输入电流也减小，输电线上损失的功率减小，D 正确。
故选D 。
2．如图所示，相距为L 的两条足够长的光滑平行不计电阻的金属导轨与水平面夹角为θ，处于方向垂直导轨平面向下且磁感应强度为B 的匀强磁场中。
将金属杆ab 垂直放在导轨上，杆ab 由静止释放下滑距离x 时速度为v 。
已知金属杆质量为m ，定值电阻以及金属杆的电阻均为R ，重力加速度为g ，导轨杆与导轨接触良好。
则下列说法正确的是（ ）A ．此过程中流过导体棒的电荷量q 等于2BLx RB ．金属杆ab 下滑x 时加速度大小为gsinθ－22B L x mRC ．金属杆ab 下滑的最大速度大小为22sin mgR B Lθ D ．金属杆从开始运动到速度最大时， 杆产生的焦耳热为12mgxsinθ－322244sin m g R B Lθ 【答案】A【解析】【详解】A ．根据q I t =∆、E I R r =+、N E t∆Φ=∆可得 N q R r∆Φ=+ 此过程中流过导体棒的电荷量为 2N BLx q R r R ∆Φ==+ 故A 正确；B ．ab 杆下滑距离x 时，则此时杆产生的感应电动势为E BLv =回路中的感应电流为2BLv I R= 杆所受的安培力为F BIL =根据牛顿第二定律有22sin θ2B L v mg ma R-= 解得22sin θ2B L v a g mR=-故B 错误；C ．当杆的加速度0a =时，速度最大，最大速度为222sin θm mgR v B L = 故C 错误；D ．ab 杆从静止开始到最大速度过程中，设ab 杆下滑距离为0x ，根据能量守恒定律有0 sin θmgx Q =总212m mv + 又杆产生的焦耳热为Q 杆12Q =总 所以得：Q 杆3222044sin θsin 12θm g R mgx B L=- 故D 错误；故选A 。
云南省玉溪市2021届新高考物理一月模拟试卷含解析
云南省玉溪市2021届新高考物理一月模拟试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．卫星绕某一行星的运动轨道可近似看成是圆轨道，观察发现每经过时间t ，卫星运动所通过的弧长为l ，该弧长对应的圆心角为θ。
已知引力常量为G ，由此可计算该行星的质量为（ ）A ．22l GtB ．22l G t θC ．2lG t θ D ．22l G tθ 【答案】B【解析】【详解】设卫星的质量为m ，卫星做匀速圆周运动的轨道半径为r ，则22Mm v G m r r= 其中l r q =，l v t= 联立可得22l M G t θ= 故B 正确，ACD 错误。
故选B 。
2．如图甲所示，将由两根短杆组成的一个自锁定起重吊钩放入被吊的空罐内，使其张开一定的夹角压紧在罐壁上，其内部结构如图乙所示。
当钢绳向上提起时，两杆对罐壁越压越紧，当摩擦力足够大时，就能将重物提升起来，且罐越重，短杆提供的压力越大。
若罐的质量为m ，短杆与竖直方向的夹角θ=60°，匀速吊起该罐时，短杆对罐壁的压力大小为 (短杆的质量不计，重力加速度为g) （ ）A ．mgB ．C ．D ．【答案】B【解析】【分析】先对罐整体受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件求解细线的拉力；再将细线的拉力沿着两个短杆方向分解；最后将短杆方向分力沿着水平和竖直方向正交分解，水平分力等于短杆对罐壁的压力。
【详解】先对罐整体受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，拉力等于重力，故：T=mg ；再将细线的拉力沿着两个短杆方向分解，如图所示：解得：，最后将短杆方向分力沿着水平和竖直方向正交分解，如图所示：，根据牛顿第三定律可知故短杆对罐壁的压力为，故选B 。
【点睛】 本题关键是灵活选择研究对象，画出受力分析图，然后多次根据共点力平衡条件列式分析。
3．如图，S 是波源，振动频率为100Hz ，产生的简谐横波向右传播，波速为40m/s 。
【解析】云南省玉溪市第一中学2020-2021学年高一上学期第二次月考物理试卷
玉溪一中2020—2021学年上学期高一年级第二次月考物理学科试卷第I卷选择题（共48分）一、选择题：本大题共14小题，共48分。
1~8题只有一个选项符合题意，每小题3分；9~14题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1. 下列关于加速度的描述中，正确的是( ) A. 物体的加速度等于零，则物体一定静止B. 当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动C. 速度方向为正时，加速度方向可能为负D. 速度变化越来越快时，加速度越来越小【答案】C 【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．【详解】A项：加速度等于零时，物体可能静止，也可能匀速运动，故A错误；B项：当加速度与速度方向相同时，速度增大，故B错误；C项：速度方向为正，加速度方向可以为正（速度增加）也可以为负（速度减小），故C正确；D项：加速度表示速度变化的快慢，速度变化越来越快，加速度应越来越大，故D错误．故选C．【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系．2. 物体的加速度为3m/s2，表示这物体（）A. 每秒运动3mB. 每经过1s，其速度增大3m/sC. 每经过1s，其速度变化大小为3m/sD. 每经过1s，其速度减小3m/s【答案】C试题分析：加速度的大小即为单位时间内速度的变化量； 解：根据加速度的定义式可知：，即每经过1 s ，其速度变化量大小为3 m/s ，故B 正确，ABD 错误故选B【点评】本题主要考查了对加速度定义式的理解，即加速度即为速度变化率3. 小明同学利用传感器绘出一个沿直线运动的物体在不同运动过程中，加速度a 、速度v 、位移x 随时间变化的图像，如图所示．若该物体在0t =时刻，初速度为零，则表示该物体沿单一方向运动的图像是（ ） A. B. C. D.【答案】C【分析】(1)重要信息提取：物体在0t =时00v =，物体沿单一方向运动即物体做速度方向不变的直线运动；(2)物理思维:x t -图像：斜率正负表示运动方向；v t -图像：v 的正负表示运动方向，即在t 轴上方运动方向为正，在t 轴下运动方向为负；a t -图像：面积表示速度的变化量0v v v ∆=-，根据v ∆的正、负判断运动方向的变化；【详解】A 、x t -图线的斜率表示速度，在0~2s 内，斜率先正后负，可知运动的方向发生改变，故选项A 错误；B 、在0~2s 内速度为正值，向正方向运动，在2~4s 内速度为负值，向负方向运动，运动方向发生改变，故选项B 错误；C 、在0~1s 内加速度不变，做初速度为零的匀加速直线运动，a t -图像的面积表示速度的变化量，在0~2s ，0v ∆=，则2s 末速度为零，在一个周期内速度的方向不变，故选项C 正确； D 、在0~1s 内，做初速度为零的匀加速直线运动，a t -图像的面积表示速度的变化量，在0~3s 内，则有0v ∆<，则3s 末向负方向运动，运动的方向发生变化，故选项D 错误． 4. 如下图所示，水平地面上的L 形木板M 上放着小木块m ，M 与m 间有一个处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态，下列说法正确的是（ ）A. M 对m 的摩擦力方向向右B. M 对m 的摩擦力方向向左C. 地面对M 的摩擦力方向向右D. 地面对M 的摩擦力方向向左【答案】A【分析】【详解】AB ．m 受到重力，支持力，弹簧水平向左的弹力，M 对m 水平向右的静摩擦力，故A 正确，B 错误；CD ．对系统整体受力分析可知，受到M 和m 的重力，地面对系统竖直向上的支持力，所以地面对M 无摩擦力的作用，故CD 错误。
云南省玉溪2021届高三上学期第二次月考试卷物理Word版含答案
玉溪一中高2021届高三第二次月考物理试题二、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14题------第17题只有一个选项正确，第18题------第21题有多个选项正确，全数选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）14．学习物理除知识的学习外，还要领悟并掌握处置物理问题的思想与方式.下图是咱们学习过的几个实验，其中所用的物理思想与方式表述正确的是：A．①用到了控制变量法B．②用到了等效思想C．③用到了微元法D．④用到了归纳法15.如图所示，无穷大均匀带正电薄板竖直放置，其周围空间的电场可以为是匀强电场。
滑腻绝缘细管垂直于板穿过中间小孔，一个视为质点的带负电小球在细管内运动。
以小孔为原点成立x轴，规定x轴正方向为加速度a、速度v的正方向，下图别离表示x轴上各点的电势φ，小球的加速度a、速度v和动能E k随x的转变图象，其中正确的是：A B C D16.宇航员站在一星球表面上的某高处，沿水平方向抛出一个小球，通过时间t ，小球落到星球表面，测得抛出点与落地址之间的距离为l ．若抛出时的初速度增大到2倍，则抛出点与落地址之间的距离为l 3．已知两落地点在同一水平面上，该星球的半径为R ，万有引力常量为G ．则该星球的质量为：A ．22332Gt lR M =B 2332GtlRM = C.Gt lR M 3322= D. 23332Gt lR M = 17．如图所示，水平细线NP 与斜拉细线OP 把小球维持在位置P ，OP 与竖直方向的夹角为θ，这时斜拉细线中的张力为T p ，作用于小球的合力为F P ；若剪断NP ，当小球摆到位置Q 时，OQ 与竖直方向的夹角也为θ，细线中张力为T Q ，作用于小球的合力为F Q ．则：A ．T p =T Q ，F p =F QB ．T p =T Q ，F P ≠F QC ．T p ≠T Q ，F p =F QD ．T P ≠T Q ，F p ≠F Q18. ɑ、b 两物体从同一名置沿同一直线运动，它们的V-t 图象如图所示，在0-60s 内下列说法正确的是：A. ɑ、b 加速时,物体ɑ的加速度大于物体b 的加速度 时, ɑ、b 两物体相距最远 时,物体ɑ在物体b 的前方时, ɑ、b 两物体的速度相等，相距200m19．如图所示，质量为m 的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P 点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30°，则： A ．滑块可能受到三个力作用 B ．弹簧必然处于紧缩状态C ．斜面对滑块的支持力大小可能为零D ．斜面对滑块的摩擦力大小必然等于12mg20.如图所示，在边界上方存在着垂直纸面向里的匀强磁场，有两个电荷量、质量均相同的正、负粒子(不计重力)，从边界上的O 点以相同速度前后射入磁场中，入射方向与边界成θ角，则正、负粒子在磁场中：A．运动轨迹的半径相同B．从头回到边界所历时间相同C．从头回到边界时速度大小和方向相同D．从头回到边界时与O点的距离相等21．如图所示，质量均为m的A、B两物体叠放在竖直轻质弹簧上并维持静止，用大小等于12mg的恒力F向上拉B，当运动距离为h时,B与A分离．下列说法正确的是：A．B和A刚分离时，弹簧长度等于原长B．B和A刚分离时，它们的加速度为1 2 gC．弹簧的劲度系数等于2mg hD．在B和A分离前，它们先做加速运动后做减速运动,B的机械能一直在增大第Ⅱ卷（174分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部份。
解析云南省玉溪一中2021年高三上学期期中考试物理试题
云南省玉溪一中2021年高三上学期期中考试物理试卷一、选择题（本大题共１4小题,在每小题给出的四个选项中，1－8题只有一个选项符合题目要求,选对得３分,选错得0分，９-14题有的有多个选项符合要求,全部选对得4分，选对但不全的得２分，有错选的得0分)1.(3分）以下说法正确的是（）A．法拉第通过实验发现了在磁场中产生电流的条件Ｂ．根据麦克斯韦电磁场理论，变化的电场周围一定产生变化的磁场C.电场强度是用比值法定义，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D.奥斯特发现了电流的磁效应和电磁感应现象考点：感应电流的产生条件．分析:根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.解答:解：A、法拉第通过实验发现了在磁场中产生电流的条件,故A正确;B、根据麦克斯韦的电磁场理论,在变化的电场周围一定产生磁场,只有非均匀变化的电场周围才产生变化的磁场；在变化的磁场周围一定产生电场,只有非均匀变化的磁场周围才产生变化的电场.故Ｂ错误;Ｃ、电场强度是用比值法定义，因而电场强度与电场力、试探电荷的电量无直接关系，故C错误;D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现电磁感应现象,故D错误;故选:Ａ.点评:本题考查物理学史,是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．(3分）某人骑自行车在平直道路上行进,图中的实线记录了自行车开始一段时间内的ｖ﹣t图象.某同学为了简化计算,用虚线作近似处理，下列说法正确的是( )Ａ.在t1时刻,虚线反映的加速度比实际的大B.在t3﹣t4时间内,虚线反映的是匀速运动C．在0﹣t１时间内，由虚线计算出的平均速度比实际的小D.在ｔ1﹣t2时间内,由虚线计算出的位移比实际的大考点:匀变速直线运动的图像.专题:运动学中的图像专题．分析：速度图象的斜率代表物体加速度,速度图象与时间轴围成的面积等于物体通过的位移．解答：解:A、由于ｖ﹣t图象的斜率等于物体的加速度，在t1时刻，实线的斜率大于虚线的斜率，故实线表示的加速度大于虚线表示的加速度，故虚线反映的加速度比实际的小.故Ａ错误.B、在ｔ3﹣ｔ4时间内,虚线是一条水平的直线，即物体的速度保持不变,即反映的是匀速直线运动．故B正确．C、在0﹣t1时间内实线与时间轴围成的面积小于虚线与时间轴的面积,故实线反映的运动在0﹣ｔ1时间内通过的位移小于虚线反映的运动在0﹣t1时间内通过的位移，故由虚线计算出的平均速度比实际的大.故C错误.D、在t1﹣t2时间内,虚线围成的面积小于实线围成的面积，故由虚线计算出的位移比实际的小．故D错误．故选:Ｂ．点评:本题告诉了我们估算平均速度的方法:估算实际物体在0﹣t1时间内平均速度,可用0到t1的虚线反映的平均速度，故实际平均速度大于．3．（３分）如图所示，恒力Ｆ大小与物体重力相等,物体在恒力Ｆ的作用下，沿水平面做匀速直线运动，恒力F的方向与水平成θ角,那么物体与桌面间的动摩擦因数为（)Ａ.c osθ B.ｃtｇθＣ．Ｄ.t gθ考点:共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力.专题:计算题.分析:对物体受力分析，受推力、重力、支持力、摩擦力,根据平衡条件用正交分解法列式求解．解答:解：对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件水平方向Ｆｃｏsθ﹣f＝0竖直方向N﹣Fｓinθ﹣mg=0摩擦力f=μN由以上三式解得μ=故选C．点评:解决共点力平衡问题最终要运用平衡条件列方程求解,选择恰当的方法,往往可以使问题简化，常用方法有：正交分解法；相似三角形法;直角三角形法;隔离法与整体法;极限法．４．如图(甲）所示,质量不计的弹簧竖直固定在水平面上,t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落,如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图(乙)所示,则（）A．t1时刻小球动能最大B.ｔ2时刻小球动能最大C.t２~t3这段时间内，小球的动能先增加后减少D.t2~t３段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能考点：弹性势能;动能；动能定理的应用;动能和势能的相互转化.专题：压轴题；定性思想;牛顿运动定律综合专题.分析：小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩,在下降的过程中,弹力不断变大，当弹力小于重力时,物体加速下降，但合力变小，加速度变小,故做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大,之后物体由于惯性继续下降,弹力变的大于重力,合力变为向上且不断变大，故加速度向上且不断变大，故物体做加速度不断增大的减速运动;同理，上升过程，先做加速度不断不断减小的加速运动，当加速度减为零时,速度达到最大,之后做加速度不断增大的减速运动,直到小球离开弹簧为止.解答:解：A、t1时刻小球小球刚与弹簧接触,与弹簧接触后,先做加速度不断减小的加速运动，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时,速度达到最大，故Ａ错误；B、t2时刻,弹力最大,故弹簧的压缩量最大,小球运动到最低点，速度等于零,故Ｂ错误;C、t2~ｔ３这段时间内,小球处于上升过程，先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动，故Ｃ正确;D、t２~t３段时间内，小球和弹簧系统机械能守恒,故小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能，故D错误;故选C．点评：本题关键要将小球的运动分为自由下落过程、向下的加速和减速过程、向上的加速和减速过程进行分析处理，同时要能结合图象分析.5.如图，人沿平直的河岸以速度v行走,且通过不可伸长的绳拖船,船沿绳的方向行进，此过程中绳始终与水面平行．当绳与河岸的夹角为α,船的速率为（)A.v sinαB．Ｃ.ｖcｏsαＤ.考点：运动的合成和分解.分析：人在行走的过程中,小船前进的同时逐渐靠岸，将人的运动沿着绳子方向和垂直绳子方向正交分解,由于绳子始终处于绷紧状态,故小船的速度等于人沿着绳子方向的分速度，根据平行四边形定则，将人的速度ｖ分解后，可得结论．解答：解：将人的运动速度v沿着绳子方向和垂直绳子方向正交分解，如图，由于绳子始终处于绷紧状态，因而小船的速度等于人沿着绳子方向的分速度根据此图得v船＝vcｏsα故选C．点评:本题关键找到人的合运动和分运动,然后根据正交分解法将人的速度分解即可;本题容易把v船分解而错选D,要分清楚谁是合速度,谁是分速度.6．(3分)物体在恒定的合力F作用下，做直线运动，在时间△t1内速度由O增大到ｖ，在时间△t2内速度同v增大到2v,设F在△t1内做功是W1,冲量是Ｉ1,在△t2内做的功是W2，冲量是Ｉ２，那么（)A.I1<I2,W1=W2B.I1<Ｉ2,W1＜W2C．I1=I２，Ｗ１=W2D．I1＝Ｉ２,W1<Ｗ2考点：动量定理.专题:动量定理应用专题．分析：根据动能定理研究功的关系,根据动量定理研究冲量的关系．解答：解：根据动能定理得：，,则W1＜W２．根据动量定理得,I1=ｍｖ﹣0＝mv,Ｉ2=２ｍv﹣ｍv＝mv，知I1=I２．故D正确,A、B、C错误.故选Ｄ.点评:根据动能的变化由动能定理求合力的功、根据动量的变化由动量定理求合力的冲量是这两大定理基本的应用．7．如图是一个示波管工作原理图的一部分,电子经过加速后以速度v０垂直进入偏转电场，离开偏转电场时的偏转量为y,两平行板间距为d、板长为Ｌ、板间电压为U.每单位电压引起的偏转量（y/Ｕ)叫做示波管的灵敏度,为了提高灵敏度，可以采用的方法是（)A.增加两板间的电势差UB.尽可能缩短板长LＣ．尽可能减小板距d D．使电子的入射速度v0大些考点：示波管及其使用．分析:电子在匀强电场中发生偏转,根据已知的条件，写出偏转量的表达式,根据公式进行说明．解答:解：设电子的电量为q,质量为ｍ，加速度为ａ，运动的时间为t，则加速度：a＝＝,运动时间t=，偏转量ｈ=＝.所以示波管的灵敏度：=．通过公式可以看出,提高灵敏度可以采用的方法是:加长板长L，减小两板间距离d和减小入射速度v0．故C正确，ABD错误．故选：C．点评：该题本意是考查带电粒子在电场中的偏转，要熟记偏转量的公式以及它的推导的过程.8.(3分)如图所示，正方形区域ABCD内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场,三个完全相同的带电粒子a、b、c分别以大小不同的初速度v a、v b、v c从A点沿图示方向射入该磁场区域，经磁场偏转后粒子a、b、ｃ分别从BC边中点、CD边中点、AD边中点射出.若t a、t b、t c分别表示粒子a、b、c在磁场中的运动时间.则以下判断正确的是( )A.ｖa<v b<v cＢ．v a＝v b<v cＣ.ｔａ＜ｔb＜t c D.t a=ｔb＜tｃ考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题:带电粒子在磁场中的运动专题.分析：带电粒子在你匀强磁场中做匀速圆周运动，粒子的运动时间t＝T,θ为粒子轨迹所对应的圆心角.解答:解：粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得:qｖB=m，解得:v=，粒子做圆周运动的周期:T=，由于三个粒子完全相同,则它们做圆周运动的周期Ｔ相等，如图所示,粒子的轨道半径：ｒa＞ｒｂ>ｒｃ,vｃ<v b＜v a，故ＡＢ错误；粒子在磁场中做圆周运动转过的圆心角间的关系为：θａ＜θb＜θｃ,粒子运动时间ｔ＝Ｔ,则粒子在磁场中的运动时间:t a＜tｂ＜t c,故C正确，Ｄ错误;故选:C.点评:本题考查了比较粒子的运动速度、时间关系，根据题意作出粒子的运动轨迹是正确解题的关键，应用牛顿第二定律、ｔ=T即可正确解题.９.(４分)如图所示,斜面体质量为M,倾角为θ,置于水平地面上，当质量为ｍ的小木块沿斜面匀速下滑时,斜面体仍静止不动．则( )A．斜面体受地面的支持力为ＭｇB.斜面体受地面的支持力为（ｍ＋M)gC.斜面体受地面的摩擦力为mgcosθsinθD.斜面体受地面的摩擦力为0考点:牛顿第二定律;摩擦力的判断与计算．专题：牛顿运动定律综合专题．分析:对整体分析，通过共点力平衡求出斜面体所受地面的摩擦力和支持力的大小.解答:解：因为小木块匀速下滑，对整体分析,整体合力为零，整体受重力和支持力，摩擦力为零，所以Ｎ=（M+m)g.故Ｂ、Ｄ正确，A、C错误.故选BD.点评:解决本题的关键能够正确地受力分析,运用共点力平衡进行求解,掌握整体法和隔离法的运用. 10．(４分）如图所示，斜劈劈尖顶着竖直墙壁静止于水平面上,现将一小球从图示位置由静止释放，不计一切摩擦，则在小球从释放到落至地面的过程中，下列说法正确的是（）A.斜劈对小球的弹力不做功B．斜劈与小球组成的系统机械能守恒C．斜劈的机械能守恒Ｄ．小球机械能的减少量等于斜劈动能的增加量考点:动能和势能的相互转化.分析:小球和斜劈组成的系统中,只有重力势能和动能相互转化,机械能守恒；而小球和斜劈的机械能都不守恒.解答：解:A、斜劈由静到动,动能增加,只有弹力对斜劈做功，根据动能定理，斜劈对小球的弹力做正功，故A错误;B、Ｃ、Ｄ、小球和斜劈组成的系统中,只有重力势能和动能相互转化，机械能守恒,故BD正确，C错误‘故选BＤ.点评：本题关键分析清楚物体的运动和能量的转化情况，要明确是小球和斜劈组成的系统机械能守恒,而不是单个物体机械能守恒．１1．在匀强磁场中,一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动，如图甲所示.产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示.则下列说法正确的是( )Ａ.t=0.０１s时穿过线框的磁通量最小B．该交变电动势的有效值为11ＶC.该交变电动势的瞬时值表达式为ｅ=2２sin(１00πｔ)VＤ．电动势瞬时值为２2V时，线圈平面与中性面的夹角为45°考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系.专题:交流电专题.分析：从图象得出电动势最大值、周期，从而算出频率、角速度；磁通量最大时电动势为零，磁通量为零时电动势最大,转速加倍,最大值加倍．解答：解:Ａ、由图象知：t=0.０1ｓ时,感应电动势为零,则穿过线框的磁通量最大,A错误；B、该交变电动势的有效值为E=，B错误;C、当t=０时，电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，故该交变电动势的瞬时值表达式为，C正确；Ｄ、电动势瞬时值为２2Ｖ时，代入瞬时表达式，则有线圈平面与中性面的夹角为4５°,D正确;故选:ＣＤ点评：本题考查了对交流电图象的认识，要具备从图象中获得有用信息的能力,并掌握有效值与最大值的关系.1２．(４分）如图所示,甲带正电，乙是不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起，置于粗糙的固定斜面上,地面上方空间有垂直纸面向里的匀强磁场，现用平行于斜面的恒力F拉乙物块，在使甲、乙一起无相对滑动沿斜面向上加速运动的阶段中（）A.甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B．甲、乙两物块间的摩擦力保持不变C．甲、乙两物块间的摩擦力不断减小D．乙物块与斜面之间的摩擦力不断减小考点:洛仑兹力;摩擦力的判断与计算．分析:先以整体为研究对象,分析受力情况,根据牛顿第二定律求出加速度,分析斜面对乙的摩擦力如何变化，再对甲分析，由牛顿第二定律研究甲、乙之间的摩擦力、弹力变化情况．解答：解:对整体,分析受力情况：重力、斜面的支持力和摩擦力、洛伦兹力，洛伦兹力方向垂直于斜面向上,则由牛顿第二定律得:m总gｓｉｎα﹣f=ma ①F N=m总gcｏsα﹣Ｆ洛②随着速度的增大,洛伦兹力增大,则由②知：FＮ减小,乙所受的滑动摩擦力ｆ=μF N减小,故D正确;以乙为研究对象,有:ｍ乙ｇsinθ﹣ｆ=m乙a ③ｍ乙ｇcosθ=F N′+F洛④由①知，f减小,加速度增大,因此根据③可知，甲乙两物块之间的摩擦力不断增大,故A正确,ＢC错误；故选:AＤ.点评:解决本题运用整体法和隔离法结合研究,关键是抓住洛伦兹力随速度而增大的特点进行分析13．如图所示为一卫星绕地球运行的轨道示意图,O点为地球球心，已知引力常量为G，地球质量为M,,，下列说法正确的是（）Ａ．卫星在Ａ点的速率Ｂ．卫星在B点的速率C.卫星在A点的加速度D.卫星在B点的加速度考点:人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用.专题：人造卫星问题．分析:卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力,根据牛顿第二定律列式求解出线速度和加速度的表达式；卫星在椭圆轨道运动时，根据离心运动和向心运动的知识比较速度与圆轨道对应速度的大小.解答:解:卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力,根据牛顿第二定律,有:解得：ｖ=，ａ=A、卫星经过椭圆轨道的A点时,由于万有引力小于向心力,故做离心运动，故：解得:v>,故A错误；B、卫星经过椭圆轨道的B点时,由于万有引力大于向心力，故做向心运动,故：解得：v<,故B正确；C、根据牛顿第二定律,卫星在Ａ点的加速度:,故Ｃ正确；Ｄ、根据牛顿第二定律，卫星在B点的加速度,故D错误；故选：BC．点评：本题关键是明确当万有引力大于向心力时,卫星做向心运动，当万有引力小于向心力时，物体做离心运动.１4．（4分）半径为a右端开小口的导体圆环和长为2a的导体直杆,单位长度电阻均为Ｒ０.圆环水平固定放置,整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场,磁感应强度为Ｂ.杆在圆环上以速度v平行于直径ＣD向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触,从圆环中心O开始，杆的位置由θ确定,如图所示.则（)A.θ=０时,杆产生的电动势为2BaｖB.θ＝时,杆产生的电动势为BａvC.θ=时，杆受的安培力大小为D．θ=０时，杆受的安培力为考点：导体切割磁感线时的感应电动势;安培力.专题：电磁感应与电路结合．分析：根据几何关系求出此时导体棒的有效切割长度，根据法拉第电磁感应定律求出电动势．注意总电阻的求解，进一步求出电流值，即可算出安培力的大小．解答:解；A、θ=0时,杆产生的电动势E=ＢLv=2Bａｖ，故A正确Ｂ、θ=时,根据几何关系得出此时导体棒的有效切割长度是a，所以杆产生的电动势为Ｂav，故B错误；C、θ=时，电路中总电阻是(π+１）aR0,所以杆受的安培力大小为：F′=BI′L′=,故C正确；D、θ=0时,由于单位长度电阻均为R0．所以电路中总电阻(2+π）aR0，所以杆受的安培力大小为：F＝BＩL=B•2a＝，故D错误；故选：ＡＣ.点评：电磁感应与电路的结合问题，关键是弄清电源和外电路的构造，然后根据电学知识进一步求解．二、非选择题(本大题共9小题，第1个小题为实验填空题,只需要写出相应结果，后３个小题为计算题,需要写出详细解答过程方能得分)15.（8分）某同学用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律,他将两物块A和B用轻质细绳连接跨过轻质定滑轮,B下端连接纸带,纸带穿过固定的打点计时器.（1)按图甲所示安装实验装置时,使A的质量大于B的质量．（2）图乙是实验中得到的一条纸带，Ｏ为释放纸带瞬间打点计时器打下的点，A、B、C为纸带上连续取出的三个计时点，测得ＯＡ间、ＡB间及BＣ间的距离如图所示,已知打点计时器计时周期为T＝0．０2s，用天平测出A、B两物体的质量mA=150g,mＢ＝5０g，根据以上数据计算，可得从O到B的过程中,物块A、B组成的系统重力势能减少量为0．４2 J，动能增加量为0.４０Ｊ，由此可得出的结论是在误差允许范围内,系统机械能守恒（取ｇ＝９.8m/s2,计算结果保留2位有效数字）考点：验证机械能守恒定律．专题:实验题．分析:纸带实验中,若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，得到A物体下落的高度和B物体上升的高度,即可求出系统重力势能的减小量．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度,从而得出动能的增加量,再进行比较，即可得出结论.解答:解:从O到Ｂ的过程中,物块A、B组成的系统重力势能减少量为：△Ｅｐ＝（ｍA﹣m B）gｈOB=（１５0﹣50)×10﹣3×9.８×（38.89+3.91)×1０﹣2Ｊ=０.４2J;B点的速度为：v B=ｍ/s=2m/s系统动能增加量为:△E k=×（15０+5０）×10﹣３×22Ｊ＝０.40J因为△Eｐ≈△Ｅk所以由此可得出的结论是:在实验误差允许范围内，系统机械能守恒.故答案为:0.42;0.40；在误差允许范围内，系统机械能守恒.点评:本题用连接体为例来验证机械能守恒，要注意研究的对象是Ａ、B组成的系统,运用匀变速直线运动规律求B点的速度是关键．要关注有效数字．１６．（８分）要测量一个量程已知的电压表的内阻，所备器材如下：A．待测电压表V（量程3V，内阻待测）Ｂ.电流表A(量程3A，内阻约0.01Ω)Ｃ．定值电阻Ｒ(已知阻值6ｋΩ，额定电流50mＡ)D.蓄电池E（电动势略小于３V，内阻不计)E.多用电表F．开关Ｋ1、K２,导线若干有一同学利用上面所给器材，进行如下实验操作:(１）首先，用多用电表进行粗测，选用“×1K”挡且操作方法正确.若这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，则测量的结果是7KΩ .(2)为了更精确地测出此电压表内阻,该同学设计了如图乙所示的（a)、(b)实验电路,你认为其中较合理的电路图是 b .（3）用你选择的电路进行实验时，用上述所测量的符号表示电压表的内阻R v= .考点：伏安法测电阻.专题:实验题．分析：(１）欧姆表读数等于表盘读数乘以倍率;（2）（３）图a中电流表读数太小，读数误差太大,采用图ｂ，结合闭合电路欧姆定律列式求解．解答：解:（１）选用“×1K”挡且操作方法正确,由图１所示可知，则测量的结果是：R=7×１k=7ｋΩ．(2）由于电源电动势小于3V,电压表内阻很大,图a所示电路电流很小，不能准确对电流表读数,实验误差太大，因此应选择图b所示电路进行实验．(3）实验时,要先闭合开关Ｋ1,再闭合开关K2，读得电压表示数Ｕ1；再断开开关K2，读得电压表示数U２，电源的内阻忽略不计，断开开关Ｋ2,读得电压表示数U2，电阻Ｒ上的电压为:U R＝U1﹣U2,由串联电路的分压关系得：＝解得:RＶ=;故答案为：(１)７KΩ或7０0０Ω;（2)b；(3).点评:欧姆表的读数为：表盘的读数×倍率;要理解乙和丙两个电路图测量电压表内阻的原理，根据它们的测量原理进行解答．17．航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m＝２㎏,动力系统提供的恒定升力Ｆ=28N．试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升．设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取1０m/s２．（１）第一次试飞，飞行器飞行t1=８s 时到达高度H＝64ｍ．求飞行器所阻力ｆ的大小;（2)第二次试飞，飞行器飞行t2＝6s 时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力.求飞行器能达到的最大宽度ｈ;（3）为了使飞行器不致坠落到地面,求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t３．考点:牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的综合运用．分析：(1）第一次试飞时,飞行器从地面由静止开始竖直上升做匀加速直线运动,根据位移时间公式可求出加速度,再根据牛顿第二定律就可以求出阻力f的大小；（2)失去升力飞行器受重力和阻力作用做匀减速直线运动,当速度减为0时,高度最高，等于失去升力前的位移加上失去升力后的位移之和；(３）求飞行器从开始下落时做匀加速直线运动，恢复升力后做匀减速直线运动,为了使飞行器不致坠落到地面,到达地面时速度恰好为０,根据牛顿第二定律以及运动学基本公式即可求得飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3.解答：解:（１)第一次飞行中,设加速度为a1匀加速运动由牛顿第二定律F﹣mg﹣f=mａ1解得f=4N(2）第二次飞行中，设失去升力时的速度为v１，上升的高度为ｓ１匀加速运动设失去升力后的加速度为a2,上升的高度为s２由牛顿第二定律mｇ+f=ma2v1＝a1ｔ２解得h=s1+s2=4２m（3）设失去升力下降阶段加速度为a3；恢复升力后加速度为a4，恢复升力时速度为v3由牛顿第二定律mg﹣f＝ma3F+f﹣mg=ｍａ４且V3=a3t３解得t3=s（或2.1s)答:(1）飞行器所阻力ｆ的大小为4N；(2)第二次试飞,飞行器飞行t２=6s 时遥控器出现故障,飞行器立即失去升力，飞行器能达到的最大高度h为42m;(３)为了使飞行器不致坠落到地面,飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间为s.点评：本题的关键是对飞行器的受力分析以及运动情况的分析，结合牛顿第二定律和运动学基本公式求解,本题难度适中.18.（10分）如图所示，坐标系xOy在竖直平面内,水平轨道AB和斜面BC均光滑且绝缘，AＢ和BC的长度均为L，斜面ＢＣ与水平地面间的夹角θ=600,有一质量为ｍ、电量为+q的带电小球(可看成质点）被放在A点.已知在第一象限分布着互相垂直的匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上，场强大小Ｅ2=，磁场垂直纸面向外,磁感应强度大小为B;在第二象限分布着沿x轴正向的匀强电场,场强大小未知.现将放在A点的带电小球由静止释放，恰能到达Ｃ点，问（1)分析说明小球在第一象限做什么运动;(2)小球运动到B点的速度；(3）第二象限内匀强电场的场强E1．考点:带电粒子在匀强磁场中的运动;带电粒子在匀强电场中的运动．专题:带电粒子在复合场中的运动专题.分析:(1)分析小球的受力情况，根据小球受力情况判断小球的运动情况．(2)小球在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可以求出小球的速度.（３）由小球，应用动能定理可以求出电场强度.解答：解:（1）当带电小球进入第一象限后所受电场力：Ｆ=qE2=ｍｇ，方向竖直向上,电场力与重力合力为零,小球所受合外力为洛伦兹力,小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动；（２)小球运动轨迹如图所示：由几何关系可得：R==L,小球在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv BＢ=m,解得：vＢ=;。
2021年云南省高考物理第二次统一检测试卷解析版
2021年云南省高考物理第二次统一检测试卷1.氢原子的能级示意图如图所示。
下列说法中正确的是A. 处于基态的氢原子吸收能量为的光子后可以发生电离B. 处于能级的氢原子可以吸收能量为的光子跃迁到能级C. 氢原子从能级跃迁到能级辐射出的光照射在金属表面上一定能发生光电效应D. 一群处于能级的氢原子向基态跃迁时，最多能辐射出3种不同频率的光子2.如图所示，倾角为的光滑斜面固定不动，轻质弹簧连接质量均为m的小物块P、Q置于斜面上，用水平向右的力F作用在Q上，P、Q均静止，则F的大小为A. B. C. D.3.a、b两物体沿x轴运动，相碰后结合为一整体c，a、b、c运动的位置x随时间t变化的图像如图所示。
下列说法正确的是A. a的质量为b的质量的3倍B. 碰撞之前a的动量小于b的动量C. 碰撞之前a的动量与b的动量大小相等D. 碰撞之后c的动量小于碰前a的动量4.某行星周围的卫星绕其做圆周运动的轨道半径r与运行周期T的关系如图所示。
行星的半径为，万有引力常量为G，图中a、b为已知量。
下列说法正确的是A. 绕该行星表面运行卫星的周期为B. 该行星的质量为C. 该行星的密度为D. 该行星表面的重力加速度为5.随着科技的发展，无人机广泛用于航拍。
某无人机飞行过程中，竖直向上的速度及水平方向速度随飞行时间t的关系如图所示以竖直向上为正方向。
下列说法正确的是A. 时间内无人机处于超重状态B. 时间内无人机飞行的位移大小为C. 时刻无人机飞行至最高点D. 时间内无人机做匀变速曲线运动6.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2：1，三只完全相同的灯泡、、连接如图。
当开关S闭合时，、均能正常发光。
保持电源电压不变，断开开关S，则A. 三只灯泡的亮度相同B. 、仍能正常发光C. 电源的输出功率变小D. 电源的输出功率变大7.如图甲所示，固定在同一绝缘水平面上的两根平行光滑金属导轨，两导轨间的距离为，左端接有阻值为的定值电阻R，质量为1kg的金属棒ab跨接在导轨上，形成闭合回路。
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玉溪一中2021届高三上学期第二次月考物理学科试卷本卷满分100分，考试时间90分钟。
一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
1-7题为单选题，8-12为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1. 从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度－时间图象如图所示．在0～t2时间内，下列说法中正确的是（）A. Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B. 在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C. t2时刻两物体相遇D. Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是122v v+【答案】B【解析】【详解】试题分析：速度时间图像的斜率表示加速度，从图中可知I曲线的斜率都在减小，所以I加速度都在减小，根据牛顿第二定律可得I合力都在减小，II斜率恒定，做匀减速直线运动，合力恒定，A错误；速度图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知在1t时刻两物体面积差最大，相距最远，故B正确；2t时刻，物体I的位移比物体II的位移大，两者又是从同一地点同时开始运动的，所以2t时刻两物体没有相遇，故C错误；物体的位移就等于图中两图象与时间轴所围的面积，平均速度就等于位移与时间的比值，由图知物体I的位移比物体II的位移大，且II物体做匀减速运动，其平均速度为122v v+，I的平均速度大于122v v+，D错误．考点：考查了速度时间图像【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移2. 某同学为研究自由落体运动，从砖墙前的高处由静止释放一小石子，让其自由落下，拍摄到石子下落过程中的一张照片如图所示，由于石子的运动，它在照片上留下一条模糊的径迹AB 。
已知每层砖的平均厚度为6.0cm ，拍摄到石子位置A 到石子下落的起始位置的距离为5.0m ，则这个照相机的曝光时间约为（ ）A. 26.010s -⨯B. 36.010s -⨯C. 46.010s -⨯D.56.010s -⨯【答案】B 【解析】【详解】由公式22v gh =可知，自由落体运动5m 的末速度为22105m/s 10m/s v gh ==⨯⨯=由于0.06m 远小于5m ，故可以近似地将AB 段当作匀速运动，故时间为30.06s 610s 10AB t v -===⨯ 故选B 。
3. 如图所示，A 为电磁铁，C 为胶木秤盘，A 和C （包括支架）的总质量为m 总；B 为铁块，质量为m ，整个装置用轻绳悬挂于点O ，当电磁铁通电时，铁块被吸引上升的过程中，轻绳上拉力F 的大小为（ ）A. F m g =总B. ()m g F m m g <<总总＋C. ()F m m g =总＋D. ()F m m g >总＋【答案】D 【解析】【详解】当电磁铁通电前，绳的拉力为()m m g 总＋，当电磁铁通电后，铁块被吸引上升，做变加速运动，且越靠近电磁铁，吸力越大，加速度越大。
对A 、B 、C 组成的系统，当铁块加速上升时，系统整体的重心加速上移，系统处于超重状态，故轻绳的拉力大于()m m g 总＋。
故选D 。
4. 2020年6月23日9时43分，北斗系统第五十五颗导航卫星发射成功，至此北斗三号全球卫星导航系统星座部署全面完成。
北斗导航系统由三类轨道卫星组成，即“吉星”地球静止轨道卫星（轨道半径3万千米左右）、“爱星”倾斜地球同步轨道卫星和“萌星”中圆地球轨道卫星（轨道半径2万千米左右），下列说法正确的是（ ） A. “吉星”的运行周期小于“爱星”的运行周期 B. “爱星”的线速度大于“萌星”的线速度 C. “吉星”的角速度大于“萌星”的角速度 D. “爱星”的加速度小于“萌星”的加速度 【答案】D 【解析】【详解】由题意可知，“吉星”地球静止轨道卫星、“爱星”倾斜地球同步轨道卫星，所以“吉星”和“爱星”绕地球做圆周运动的半径相同。
大于“萌星”绕地球做圆周运动的半径。
人造卫星绕地球做圆周运动的向心力由万有引力提供，向心力公式可得22222()n Mm mv πG mr ωmr ma r r T====A ．人造卫星绕地球做圆周运动的周期2T = “吉星”和“爱星”绕地球做圆周运动的半径相同。
所以“吉星”的运行周期等于“爱星”的运行周期，故A 错误；B ．人造卫星绕地球做圆周运动的线速度GMv r=“爱星”绕地球做圆周运动的半径大。
所以“爱星”的线速度小于“萌星”的线速度，故B 错误；C ．人造卫星绕地球做圆周运动的角速度3GMrω=“吉星”绕地球做圆周运动的半径大。
所以“吉星”的角速度小于“萌星”的角速度，故C错误；D ．人造卫星绕地球做圆周运动的2n Ma Gr= “爱星”绕地球做圆周运动的半径大。
所以“爱星”的加速度小于“萌星”的加速度，故D 正确； 故选D 。
5. 如图所示，边长为L 的正方形CDEF 区域存在垂直纸面向外的匀强磁场，一个比荷为k 的带电粒子以大小为v 的速度由C 点进入磁场，速度方向与CD 边的夹角θ=60°，经磁场偏转后从DE 边垂直DE 射出，粒子的重力不计，则磁场的磁感应强度为（ ）A.2v kL3v 3v D.v kL【答案】C 【解析】【详解】由几何关系可求得粒子做圆周运动半径为3sin 603L LR ==︒洛伦兹力提供粒子做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律可得2v Bqv m R=联立可得32v B kL=故选C 。
6. 光滑水平面上并排放置质量分别为m 1 =2kg 、m 2=1kg 昀两物块，t =0时刻同时施加两个力，其中F 1=2 N 、F 2=4-2t N ，方向如图所示．则两物块分离的时刻为（ ）A. 1 sB. 1.5 sC. 2 sD. 2.5 s【答案】D 【解析】【详解】水平面光滑，则物块不会受到摩擦力．他们的加速度仅由水平外力提供．两个物块贴在一起，他们之间的内力不为0之前，加速度和速度都相同，直到它们的加速度变化为方向相同且大小不同时，开始分离；在开始时刻，12N F =，方向向右，22N F =，方向向左，物块受合外力向左，12a a 均向左作变加速运动。
随时间加长，2F 越来越小，当t =1s 时，12F F =，此时12a a =，加速度为0，之后12F F >，12a a 共同作变减速运动，速度为0后，再在合外力作用下反向变加速。
t =2s 时，20?F =，两物块只受1F 作用，继续变加速．之后2F 方向相反，逐渐变大；t =2.5s 时，21F N =-，由122m m =，12)2F F =，由Fa m=知，此时两物块加速度大小相等，方向相同。
之后，2F 继续增大，2a 的加速度增加，速度增加的比1a 快，开始分离。
综上，两物块分离的时间为 2.5s t =。
故选D 。
7. 一煤块（可视为质点）放在水平浅色传送带左端，刚开始均处于静止状态，某时刻传送带以3m/s 2的加速度开始匀加速顺时针运行，经过△t =1s 后开始匀速运行，最终煤块从右端掉下。
已知煤块与传送带之间的动摩擦因数为μ=0.1，传送带长度为L =18m ，重力加速度g =10m/s 2，则整个过程中产生的黑色痕迹的长度是：（ ）A. 3mB. 4.5mC. 7.5mD. 9m【答案】A 【解析】【详解】开始时煤块在传送带上的加速度为221m/s a g μ==在开始的△t =1s 内传送带的位移21111.5m 2x a t =∆=煤块的位移22210.5m 2x a t =∆= 此时煤块相对传送带的位移1121m x x x ∆=-=此时传送带的速度v 1=a 1∆t=3m/s煤块的速度v 2=a 2∆t =1m/s以后煤块继续加速，直到与传送带共速时122v v a t =+解得t=2s此过程中煤块相对传送带的位移221221()2m 2x v t v t a t ∆=-+=以后的运动中煤块相对传送带静止，则 整个过程中产生的黑色痕迹的长度是123m x x x =∆+∆=故选A 。
8. 如图所示，物体在水平力F 作用下压在竖直墙上静止不动，则（ ）A. 物体所受摩擦力的平衡力是重力B. 力F就是物体对墙的压力C. 力F的反作用力是墙壁对物体的支持力D. 墙壁对物体的弹力的反作用力是物体对墙壁的压力【答案】AD【解析】【详解】A．竖直方向，物体的的重力与墙面给物体的摩擦力相平衡，则物体所受摩擦力的平衡力是重力，选项A正确；B．力F大小等于物体对墙的压力，不能说“就是物体对墙的压力”，选项B错误；C．物体对墙壁的压力的反作用力是墙壁对物体的支持力，选项C错误；D．墙壁对物体的弹力的反作用力是物体对墙壁的压力，选项D正确。
故选AD。
9. 如图所示，用甲、乙两根筷子夹一个小球，甲倾斜，乙始终竖直。
在竖直平面内，甲与竖直方向的夹角为θ，筷子与小球间的摩擦很小，可以忽略不计。
小球质量一定，随着θ缓慢减小，小球始终保持静止，则下列说法正确的是（）A. 筷子甲对小球的弹力变小B. 筷子乙对小球弹力不变C. 两根筷子对小球的弹力均增大D. 两根筷子对小球的合力不变【答案】CD【解析】【详解】ABC．根据平衡条件可知12cos N N F F θ= 1sin N F mg θ=联立解得1sin N mg F θ=，2tan N mgF θ= 因此随着角度减小，弹力均增大，故AB 错误，C 正确；D ．根据共点力平衡可知，两根筷子对小球的合力大小等于重力，方向相反，故合力不变，故D 正确。
故选CD 。
10. 如图所示，A 、B 两小球分别用轻质细绳L 1和轻弹簧系在天花板上，A 、B 两小球之间用一轻质细绳L 2连接，细绳L 1、弹簧与竖直方向的夹角均为θ，细绳L 2水平拉直，现将细绳L 2剪断，则细绳L 2剪断瞬间，下列说法正确的是（ ）A. a A ＝g sinθB. a A ＝gta nθC. a B ＝g sinθD. a B ＝gta nθ【答案】AD 【解析】【详解】将细线L 2从中间剪断后，甲球做圆周运动，剪断细线的瞬间，加速度方向沿轨迹的切线方向；对A 由牛顿第二定律得mg sinθ=ma A解得a A =g sinθ弹簧的弹力不可突变，将细线L 2从中间剪断瞬间，对B 球，由牛顿第二定律得mg tanθ=ma B解得a B =g tanθ故选AD 。
11. 如图所示，t=0时，质量为0.5kg的物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（经过B点前后速度大小不变），最后停在C点。