松江区2018年中考物理一模试卷

2018年上海市松江区中考物理一模试卷一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．1．一节新干电池的电压为（）A．1.5伏B．3伏C．24伏D．220伏2．书包背带做得较宽是为了（）A．增大压强 B．减小压强 C．增大压力 D．减小压力3．在图所示的实例中，利用连通器原理工作的是（）A．喷水枪B．注射器C．人耳半规管D．离心式水泵4．物块浸没在液体中，受到液体对它向上、向下的压力分别为15牛、5牛，其受到浮力的大小为（）A．5牛B．10牛C．15牛D．20牛5．在图所示电路中，闭合电键后电压表测灯L1两端电压的是（）A．B．C．D．6．如图所示，长度相同、横截面积不同的同种金属棒AB和CD连接在一起后接在电源两端．关于AB和CD的电阻R及两端电压U的判断，正确的是（）A．R AB＞R CD，U AB＜U CD B．R AB＜R CD，U AB＜U CDC．R AB＞R CD，U AB＞U CD D．R AB＜R CD，U AB＞U CD7．如图所示，A、B两长方体置于水平地面上（已知m A＜m B、S A＞S B、h A=h B）．将两物体水平截去相同高度，剩余部分对地面的压强p A、p B和压力F A、F B的关系为（）A．p A＜p B，F A=F B B．p A＜p B，F A＜F B C．p A＞p B，F A=F B D．p A＞p B，F A＞F B8．在图所示的电路中，电源电压不变，当电键S由闭合到断开时，电压表（）A．V1示数减小，V2示数减小B．V1示数增大，V2示数增大C．V1示数减小，V2示数增大D．V1示数增大，V2示数减小二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置．9．教室里的电灯与投影仪之间是连接（选填“并联”或“串联”）．断开投影仪的电键后，教室内在使用的用电器的总电阻将（选填“变大”、“不变”或“变小”）．若通过日光灯的电流为0.3安，通电10秒钟，通过该日光灯的电荷量为库仑．10．冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的是0.9×103千克．当冰熔化成水时，质量将，体积将（选填“变小”、“不变”或“变大”）．11．著名的实验证明了大气压强存在且很大．大气压强的数值会随着海拔高度的增加而逐渐，（选填“增大”、“不变”或“减小”）．拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的越大，水对大坝的压强越大．12．我国自行设计的“蛟龙号”载人潜水器，最大下潜深度可达7000多米．当它下潜到深度为1000米处时，海水对它的压强约为帕（海水的密度近似取1.0×103千克/米3），海水对“蛟龙号”每0.1米2的外表面产生的压力为牛．“蛟龙号”继续下潜过程中，所受浮力将（填“变大”、“不变”或“变小”）．13．一根粗细均匀的电阻丝接在电压为9伏的电源上，通过它的电流为0.3安，该电阻丝的阻值为欧．当该导体两端的电压为12伏时，其电阻为欧，通过它的电流为安．14．在图所示的电路中，电源电压保持不变．电键S闭合后，电压表V无示数，已知电阻R1、R2中仅有一个出现了故障．①电路中的故障可能是；②现用一个完好的灯泡去替换电阻R2，则小灯（选填“一定发光”、“一定不发光”或“可能发光”）．15．我们在学习新的物理量时，有时会采用类比的方法．如图（a）（b）所示：在研究通过导体的电流和导体两端电压有何关系时，我们可以利用同一水管，通过它的水流和水压之间的关系做类比．（1）根据日常生活中的经验可知：对同一根水管来说，它两端的水压越大，通过它的水流也越，由此我们可以猜测同一导体，通过它电流和它两端电压之间的关系可能是：．（2）但是，在日常生活中有时会发现，导体两端的电压大的时候通过它的导体的电流却并不一定大，请你思考分析并查找原因，下面的选项合理是．A．电流可能还与其他因素有关．B．电流其实与电压是无关的．C．猜想得到的结论还需要更多实验来验证才具有普遍意义．三、作图题（共8分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔．16．重为20牛的物体放在水平地面上，用力的图示法在图中画出物体对地面的压力．17．根据图中所示的电流方向，将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填进电路空缺处，填入后电阻R和灯L都工作且电压表测灯L两端电压．18．在如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上．补上后要求：当电键S闭合时，灯L1、L2都发光，且电流表的示数不变．四、计算题（共25分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．19．体积为5×10﹣3米3的金属块浸没在水中．求：该金属块所受的浮力F浮．20．在图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R2的阻值为15欧．闭合电键S后，电流表的示数为1安，通过电阻R2的电流为0.4安．求：①电源电压U．②电阻R1的阻值．21．如图所示，均匀长方体甲和薄壁圆柱形容器乙置于水平地面上．长方体甲的底面积为3S．容器乙足够高、底面积为2S，盛有体积为5×10﹣3米3的水．①若甲的重力为20牛，底面积为5×10﹣4米2，求甲对地面的压强p甲．②求乙容器中水的质量m水．③若将甲沿水平方向切去厚度为h的部分，并将切去部分浸没在乙容器的水中时，甲对水平地面压强的变化量△p甲恰为水对乙容器底部压强增加量△p水的2倍．求甲的密度ρ甲．22．在图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20欧，滑动变阻器铭牌已模糊不清，只能辨识出标有“2A”字样．电键S闭合后，滑片移到某位置时，电流表A的示数为0.5安，电压表V2的示数为8伏．（电表量程可以改变）．①求电源电压U．②将滑动变阻器滑片P移到某处，发现电流表A的示数已达到某量程的满刻度，且各元件都能正常工作，求此时滑动变阻器连入电路的阻值．③现用R0替换R1且能使电路中的电流达到最大，电路各元件都能正常工作，求替换的R0的最大阻值．五、实验题（共18分）请将结果填入答题纸的相应位置．23．在图所示的实验装置中，装置A可以用来探究的规律；装置B可用来做验证原理的实验；装置C所示正在做的是实验．测量时能直接接在电源两端的仪表是（选填“D”或“E”）．24．在“测定物质密度”的实验中，天平平衡时，砝码和游码在标尺上的位置如图1所示．用量筒量出石块的体积如图2所示，则石块的质量是克，密度是克/厘米3．对比“探究物质质量与体积的关系”和“测定物质的密度”两个实验，实验所用器材及所需要测量的物理量均，而实验目的（均选填“相同”或“不同”）．25．小王同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，所有元件均完好．他将电源（电压是1.5伏的整数倍）、待测电阻、电流表、滑动变阻器、电键等串联后，将电压表并联在电路中，他移动变阻器的滑片到某端点．刚闭合电键时，观察到电流表、电压表示数如图（a）、（b）所示．当他移动变阻器的滑片时，观察到两电表的指针向相反方向偏转．他经过思考，求出了滑动变阻器的最大阻值．他重新正确连接电路，实验步骤正确．闭合电键时，观察到电压表的示数如图（c）所示．当他移动变阻器滑片到中点位置时，记录电流表的示数在下表中．他继续移动滑片，发现电流表示数最大为0.28安．①实验所用滑动变阻器的最大阻值为欧；②请根据上述他重新正确连接电路时的相关信息，将下表填写完整．（计算电阻时，精确到0.1欧）电压（伏）电流（安）电阻（欧）电阻平均（欧26．为了研究将物体浸没在水中时水对容器底部压强的增加量△p水与物体体积、质量的关系，小李和小华两位同学将质量和体积不同的物体分别浸没在盛有水的同一圆柱形容器中，并分别进行了实验．（1）小李探究：△p水与放入物体质量m的关系，于是选择质量不同、体积相同的三个物体，先后浸没在盛有水的同一圆柱形容器中，并测得△p水．实验示意图及相应数据见表一．表一分析比较表一中△p水和相关条件，可得：△p水与m （选填“有关”或“无关”）．（2）小华探究：△p水与放入的物体的体积V的关系，于是选择质量相同、体积不同的合金物块先后浸没在盛有水的同一圆柱形容器，并测得△p水．实验数据记录在表二中．表二表三①分析比较表二中的第三行和第四行的数据及相关条件，可得出的初步结论是：当物体浸没在盛有水的同一圆柱形容器中，．②小华继续实验，实验数据记录在表三中．发现测得的实验数据与表二中的结论不符合，原因可能是．请填写实验序号6中的相关数据：△p水为帕．③若容器的容积为V容，底面积为S，在该容器中倒入水的体积为V水，将体积为V物的合金物块浸没在水中，则水对容器底部压强增加量所能达到的最大值△p水最大= ．（涉及的物理量均用字母表示）2018年上海市松江区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．1．一节新干电池的电压为（）A．1.5伏B．3伏C．24伏D．220伏【考点】电压．【分析】根据一节干电池的电压进行解答．【解答】解：一节干电池的电压为1.5V，故A正确、BCD错误．故选A．2．书包背带做得较宽是为了（）A．增大压强 B．减小压强 C．增大压力 D．减小压力【考点】减小压强的方法及其应用．【分析】（1）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积．（2）减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积．【解答】解：书包背带做得较宽是为了在压力一定时，增大受力面积来减小对人体的压强，这样做不能减小压力也不能增大压力．故选B．3．在图所示的实例中，利用连通器原理工作的是（）A．喷水枪B．注射器C．人耳半规管D．离心式水泵【考点】连通器原理．【分析】几个上端开口底部互相连通的容器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理．【解答】解：A、喷水枪中靠增大水的内部压强来将水喷出的，不符合连通器的特点，不合题意；B、注射器在吸药液时，是利用大气压的作用来工作的，不符合连通器的特点，不合题意；C、人耳半规管符合上端开口、底部连通的特点，只不过是里面连通的是空气，不是液体，是利用连通器原理工作的，符合题意；D、离心式水泵是利用大气压的作用来工作的，不符合连通器的特点，不合题意．故选C．4．物块浸没在液体中，受到液体对它向上、向下的压力分别为15牛、5牛，其受到浮力的大小为（）A．5牛B．10牛C．15牛D．20牛【考点】浮力产生的原因．【分析】浸没在液体中的物体，液体对物体向上的压强大于向下的压强，向上的压力大于向下的压力，物体受到向上和向下的压力差的作用，这个压力差就是物体受到的浮力．【解答】解：因为浮力的实质就是浸在液体中的物体受到的向上和向下的压力差，因此，物体受到浮力：F浮=F向上﹣F向下=15N﹣5N=10N．故选B．5．在图所示电路中，闭合电键后电压表测灯L1两端电压的是（）A．B．C．D．【考点】电压表的使用．【分析】根据电压表的正确连接方法可知，要使电压表正确测出灯L1两端电压，则电压表应与灯L1并联．【解答】解：A、由图可知，电压表接到了L2的两端，测的是L2的两端电压，故A错误．B、由图可知，电压表测的是两灯串联的总电压，或电源电压，故B错误．C、由图可知，电压表接到了L2的两端，测的是L2的两端电压，故C错误．D、由图可知，电压表接到了L1的两端，测的是L1的两端电压，故D正确．故选D．6．如图所示，长度相同、横截面积不同的同种金属棒AB和CD连接在一起后接在电源两端．关于AB和CD的电阻R及两端电压U的判断，正确的是（）A．R AB＞R CD，U AB＜U CD B．R AB＜R CD，U AB＜U CDC．R AB＞R CD，U AB＞U CD D．R AB＜R CD，U AB＞U CD【考点】影响电阻大小的因素；串联电路的电压规律．【分析】（1）AB和CD是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小；（2）根据串联电路的电流特点可知通过两段导体的电流关系；（3）根据U=IR可知两段导体两端的电压关系．【解答】解：（1）因为导体AB和CD由同种材料制成、长度相同，由图可知，导体AB横截面积比CD的小，所以R AB＞R CD；（2）因为两段导体串联，所以通过两导体的电流相等，即I AB=I CD；由U=IR可知，U AB＞U CD；故C正确．故选C．7．如图所示，A、B两长方体置于水平地面上（已知m A＜m B、S A＞S B、h A=h B）．将两物体水平截去相同高度，剩余部分对地面的压强p A、p B和压力F A、F B的关系为（）A．p A＜p B，F A=F B B．p A＜p B，F A＜F B C．p A＞p B，F A=F B D．p A＞p B，F A＞F B【考点】压力及重力与压力的区别；压强大小比较．【分析】（1）根据m A＜m B、S A＞S B可求出A、B的密度关系，再根据P=ρgh可知其对地面的压强关系；（2）根据m A＜m B可知其重力关系，此时的重力即为对水平地面的压力，然后可知其压力关系；【解答】解：（1）∵m A＜m B、S A＞S B、h A=h B，∴V A＞V B，∵ρ=，∴ρA＜ρB，（2）因为是规则的长方体，所以对地面的压强P=====ρgh，当将两物体水平截去相同高度时，因ρA＜ρB，则剩余部分对地面的压强p A＜p B，（3）由m A＜m B可知G A＜G B，所以对地面的压力F A＜F B，当将两物体水平截去相同高度时，截去部分A的质量仍然大于B的质量，则剩余部分的质量还是m A＜m B，所以剩余部分对地面的压力 F A＜F B．故选B．8．在图所示的电路中，电源电压不变，当电键S由闭合到断开时，电压表（）A．V1示数减小，V2示数减小B．V1示数增大，V2示数增大C．V1示数减小，V2示数增大D．V1示数增大，V2示数减小【考点】电路的动态分析．【分析】分析电路可知，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，开关断开时，电路中R1和R2串联；开关闭合时，电路中只有电阻R2；当电键S由断开到闭合，R1被短路．【解答】解：如图，开关断开时，电路中R1和R2串联；当电键S由断开到闭合，R1被短路；R1两端的电压为零，即电压表V1的示数变小；电路电流变大，V2示数变大．故选：C．二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置．9．教室里的电灯与投影仪之间是并联连接（选填“并联”或“串联”）．断开投影仪的电键后，教室内在使用的用电器的总电阻将变大（选填“变大”、“不变”或“变小”）．若通过日光灯的电流为0.3安，通电10秒钟，通过该日光灯的电荷量为 3 库仑．【考点】电量及其计算；电阻的并联；家庭电路的连接．【分析】（1）家庭电路中各用电器之间是并联的；（2）用电器并联相当于增大导体横截面积；（3）利用电流定义式的变形公式Q=It求解．【解答】解：（1）教室里的电灯与投影仪，它们独立工作、工作时互不影响，故它们之间是并联连接的；（2）教室里同时工作的并联的用电器越多，相当于导体横截面积越大，所以总电阻就越小；当断开投影仪的电键后，相当于导体横截面积减小了，所以教室内在使用的用电器的总电阻将变大；（3）由I=可得，通过该日光灯的电荷量：Q=It=0.3A×10s=3C．故答案为：（1）并联；（2）变大；（3）3．10．冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的质量是0.9×103千克．当冰熔化成水时，质量将不变，体积将变小（选填“变小”、“不变”或“变大”）．【考点】密度及其特性；密度公式的应用．【分析】密度的物理意义是表示单位体积某种物质的质量；质量是指物体含有物质的多少．它是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变．【解答】解：冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的质量是0.9×103千克；质量是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变．故冰熔化成水后，状态改变了，质量不变．根据公式ρ=，可知当物体的质量不变时，体积和物体的密度成反比，冰熔化成水后，密度变大，体积变小．故答案为：质量；不变；变小．11．著名的马德堡半球实验证明了大气压强存在且很大．大气压强的数值会随着海拔高度的增加而逐渐减小，（选填“增大”、“不变”或“减小”）．拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的深度越大，水对大坝的压强越大．【考点】大气压强的存在；液体的压强的特点；大气压强与高度的关系．【分析】马德堡半球实验是首次有力证明大气压强存在的著名实验．大气压来自空气的重力，海拔越高、空气越稀薄，因此大气压也越小．液体内部压强与液体的密度和液体的深度有关．【解答】解：马德堡半球实验有力地证明了大气压强的存在；大气压与高度的变化规律是：大气压随海拔高度的增加而减小；由于液体内部压强随着深度的增大而增大，所以拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的越往深处的压强越大的缘故．故答案为：马德堡半球；减小；深度．12．我国自行设计的“蛟龙号”载人潜水器，最大下潜深度可达7000多米．当它下潜到深度为1000米处时，海水对它的压强约为9.8×106帕（海水的密度近似取1.0×103千克/米3），海水对“蛟龙号”每0.1米2的外表面产生的压力为9.8×105牛．“蛟龙号”继续下潜过程中，所受浮力将不变（填“变大”、“不变”或“变小”）．【考点】液体的压强的计算；阿基米德原理．【分析】（1）根据公式p=ρgh求出海水的压强；（2）知道海水的压强，再根据p=求出压力；（3）“蛟龙号”在水面下不断下潜的过程中，排开水的体积不变，水的密度不变，利用阿基米德原理的推导公式F浮=ρ液V排g分析判断所受浮力变化情况．【解答】解：（1）1000m深度受到海水的压强为：p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1000m=9.8×106Pa；（2）由p=得，“蛟龙号”每0.1m2外表面受到海水的压力：F=pS=9.8×106Pa×0.1m2=9.8×105N．（3）“蛟龙号”潜水艇在水面下不断下潜的过程中，水的密度ρ不变，排开水的体积不变，根据F浮=ρV排g可知，潜水艇受到的浮力不变．故答案为：9.8×106；9.8×105；不变．13．一根粗细均匀的电阻丝接在电压为9伏的电源上，通过它的电流为0.3安，该电阻丝的阻值为30 欧．当该导体两端的电压为12伏时，其电阻为30 欧，通过它的电流为0.4 安．【考点】欧姆定律的应用；影响电阻大小的因素．【分析】根据欧姆定律求电阻丝的电阻；根据影响电阻大小的因素回答；根据在电阻不变时，通过导体的电流与电压成正比求电流大小．【解答】解：一根粗细均匀的电阻丝接在电压为9伏的电源上，通过它的电流为0.3安，根据欧姆定律，该电阻丝的阻值为R==30Ω；因电阻的大小与导体的长度、横截面积、材料与温度有关，与导体是否加电压及电压的大小无关，所以当该导体两端的电压为12伏时，其电阻仍为30欧，根据在电阻不变时，通过导体的电流与电压成正比，所以通过它的电流为×0.3A=0.4A．故答案为：30；30；0.4．14．在图所示的电路中，电源电压保持不变．电键S闭合后，电压表V无示数，已知电阻R1、R2中仅有一个出现了故障．①电路中的故障可能是R1短路或R2断路；②现用一个完好的灯泡去替换电阻R2，则小灯一定发光（选填“一定发光”、“一定不发光”或“可能发光”）．【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】（1）首先从电路图中获取信息：两个电阻、电压表V测量的是电阻R1两端的电压，电压表无示数，说明电路中有一处出现了故障，可能是某一处短路或断路，再根据具体的情况分析出故障的位置．（2）电路发生断路，无电流通过，要将断路部分接通，再根据实验现象判断出故障的位置．【解答】解：（1）根据电路图可知，两个电阻串联、电压表V测量电阻R1的是两端的电压，电压表无示数，说明电路中出现了断路或短路．当电阻R1出现短路时，电压表V与一段导线并联，没有示数；当电阻R2断路时，电压表与电源的两极不相连，电压表没有示数；所以故障原因为：R1短路或R2断路；（2）若用一个完好的灯泡替换断路部分的电阻R2，使电路接通，灯泡一定发光．故答案为：①R1短路或R2断路；②一定发光．15．我们在学习新的物理量时，有时会采用类比的方法．如图（a）（b）所示：在研究通过导体的电流和导体两端电压有何关系时，我们可以利用同一水管，通过它的水流和水压之间的关系做类比．（1）根据日常生活中的经验可知：对同一根水管来说，它两端的水压越大，通过它的水流也越大，由此我们可以猜测同一导体，通过它电流和它两端电压之间的关系可能是：对于同一导体，它两端电压越大，通过它电流也越大．（2）但是，在日常生活中有时会发现，导体两端的电压大的时候通过它的导体的电流却并不一定大，请你思考分析并查找原因，下面的选项合理是 A ．A．电流可能还与其他因素有关．B．电流其实与电压是无关的．C．猜想得到的结论还需要更多实验来验证才具有普遍意义．【考点】物理学方法；电流的形成．【分析】（1）仿照“对同一根水管来说，它两端的水压越大，通过它的水流也越大”，写出答案即可；（2）导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比．据此分析即可解答．【解答】解：（1）对同一根水管来说，它两端的水压越大，通过它的水流也越大，由此我们可以猜测同一导体，通过它电流和它两端电压之间的关系可能是：它两端电压越大，通过它电流也越大；（2）根据I=可知，电流的大小不仅与加在它两端的电压有关，还与导体的电阻有关，导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比．所以，在探究导体两端的电压与通过它的导体的电流的关系时，应控制导体的电阻不变，否则，导体两端的电压大的时候通过它的导体的电流并不一定大，故应选A．故答案为：（1）大；对于同一导体，它两端电压越大，通过它电流也越大；（2）A．三、作图题（共8分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔．16．重为20牛的物体放在水平地面上，用力的图示法在图中画出物体对地面的压力．【考点】力的示意图．【分析】画力的图示要先分析力的大小，方向和作用点，再确定标度，按照力的图示要求画出这个力．【解答】解：物体放在水平地面上，压力的大小与物体的重力大小相等，F=G=20N，方向垂直于地面向下，作用点在地面，设定标度为10N，压力的图示如下图所示：17．根据图中所示的电流方向，将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填进电路空缺处，填入后电阻R和灯L都工作且电压表测灯L两端电压．【考点】电路的基本连接方式．【分析】要使灯泡发光则必须有电源；电流表在电路中相当于短路，并且与用电器串联；电压表测L两端电压，所以电压表与L并联．【解答】解：因为电压表测灯L两端电压，故电压表与L并联，所以中间一定为电压表，左边一定为电源，并且下边为正极，则右边为电流表，如下图所示：18．在如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上．补上后要求：当电键S闭合时，灯L1、L2都发光，且电流表的示数不变．【考点】实物的电路连接．【分析】由图可知，闭合电键S后，要使灯L1、L2均能发光，且电流表的示数不变，则电路中两灯泡只能是并联，电流表测量L2支路中的电流，且开关位于干路控制两灯泡．【解答】解：将开关S的左接线柱与电流表的接线柱相连，如下图所示：四、计算题（共25分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．19．体积为5×10﹣3米3的金属块浸没在水中．求：该金属块所受的浮力F浮．【考点】浮力大小的计算．【分析】知道金属块的体积（浸没水中排开水的体积），利用阿基米德原理求金属块所受到的浮力．【解答】解：因为金属块浸没在水中，所以V排=V=5×10﹣3m3金属块所受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10﹣3m3=5N．答：金属块所受到的浮力为5N．20．在图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R2的阻值为15欧．闭合电键S后，电流表的示数为1安，通过电阻R2的电流为0.4安．求：①电源电压U．②电阻R1的阻值．【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律．【分析】①分析电路的连接，根据欧姆定律求R2的电压，由并联电路电压的规律求电源电。