山东省临沂市2018届高三二轮模拟考试物理试题(解析版)

二、选择题：

1. 根据玻尔理论，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道时

A. 吸收光子，原子的能量增加，电子的动能减少

B. 吸收光子，原子的能量增加，电子的动能增加

C. 放出光子，原子的能量减少，电子的动能减少

D. 放出光子，原子的能量减少，电子的动能增加

【答案】D

【解析】电子由外层轨道跃迁到内层轨道时，放出光子，原子的总能量减小，根据，可

知电子的半径越小，电子的动能越大，故ABC错误，D正确。

点睛：电子绕核运动的规律和卫星绕地球运动规律类似，在学习时可以类比进行学习，加强理解。

2. 如图所示，真空中某一点电荷Q产生的电场中存在A、B两点，其中A点的电场强度大小为E A，方向与AB连线成90°角；B点的电场强度大小为E B，方向与AB连线成150°角，一带负电的检验电荷q在场中由A运动到B，则有

A. 点电荷Q是负电荷

B. A、B两点电势相比较φA＜φB

C. A、B两点的电场强度大小之比4:1

D. 由于E A的方向与AB连线垂直，检验电荷q由A运动到B的过程中不做功

【答案】C

【解析】A、将两条电场线反向延长后相交于一点，即为点电荷Q的位置，即电荷Q为正电荷，故选项A错误；

B、设A、B两点到Q的距离分别为和，由几何知识得到，，如图所示：

可知A、B不在同一等势面上，故选项B错误；

C、根据点电荷场强公式：，，而且，则整理可以得到：，故选项C 正确；

D、由于A、B不在同一等势面上，故检验电荷q由A运动到B的过程中电场力做负功，故选项D错误。点睛：运用几何的方法找出点电荷Q的位置，求出A、B两点到Q的距离之比，由求解场强关系，并比较电势的高低及受到的电场力的大小。

3. 截面积S=0.5m2，n=100匝的圆形线圈，处在如图甲所示的磁场内，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应

强度B随时间t变化的规律如图乙所示，已知电路中R=3Ω，C=10μF，线圈电阻r=2Ω，导线电阻忽略不计，t=0时刻磁场方向垂直线圈平面向里，则有

A. 电容器两端电压为10V

B. 通过电阻R的感应电流大小为20A

C. 通过电阻R的电流方向为b-R-a

D. 电容器所带的电荷量6×10-5C

【答案】D

【解析】A、由图像乙可知：根据法拉第电磁感应定律：

根据闭合电路欧姆定律，可以得到：

根据欧姆定律可知电阻R两端电压为：

由于电容器与电阻R并联，则可知电容器两端电压为

则电容器带电量为：，故选项AB错误，D正确；

C、根据题意，在磁场方向垂直纸面向里并且减弱，根据楞次定律可知，通过电阻的电流方向为：；在磁场方向垂直纸面向外并且增强，根据楞次定律可知，通过电阻的电流方向为：，故选项C 错误。

点睛：本题考查法拉第电磁感应定律、楞次定律的应用、电容器及欧姆定律，解题时注意发生电磁感应的

部分看作电源，不能忽略了其内电阻。

4. 2018年2月12日，我国采取一箭双星方式，在西昌卫星发射中心成功发射了北斗三号工程第五、六颗组

网卫星．继1月12日以来，短短一个月，长征三号乙/远征一号火箭先后两次“一箭双星”发射，成功将

四颗北斗卫星送入太空，它们均属中圆轨道卫星．据悉我国自行研制的“北斗三号”卫星导航系统空间段

由5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星组成，30颗非静止轨道卫星中有27颗是中圆轨道卫星，轨道

高度约21500公里已知地球半径R=6400km，重力加速度g=9.8m/s)．下列关于北斗导航卫星的说法正确的

是

A. 静止轨道卫星的线速度大于中圆轨道卫星的线速度

B. 静止轨道卫星的运行周期大于中圆轨道卫星的运行周期

C. 5颗静止轨道卫星的轨道平面和赤道平面的夹角各不相同

D. 静止轨道卫星的向心加速度大于中圆轨道卫星的向心加速度

【答案】B

【解析】A、静止轨道卫星即为地球同步卫星，距离地面大约公里的高度，并位于赤道的上空；

根据万有引力提供向心力，即，则可知：，轨道半径越大则线速度越小，即静止轨道卫

星的线速度小于中圆轨道卫星的线速度，故选项A错误；

B、根据万有引力提供向心力，即，则可知：，轨道半径越大则周期越大，即静止轨

道卫星的运行周期大于中圆轨道卫星的运行周期，故选项B正确；

C、静止轨道卫星即为地球同步卫星，轨道处于赤道面内，故选项C错误；

D、根据万有引力提供向心力，即，则可知：，轨道半径越大则加速度越小，即静止轨道卫

星的向心加速度小于中圆轨道卫星的向心加速度，故选项D错误。

点睛：根据万有引力提供向心力，可知半径越大，向心加速度越小，线速度越小，周期越大，

地球的同步卫星相对于地球是静止的。

5. 两滑块a、b沿水平面上同一条直线运动，并发生碰撞，碰撞后两者粘在一起运动．两者的位置x随时间t变化的图象如图所示．若a滑块的质量m a=2kg，以下判断正确的是

A. a、b碰撞前的总动量为 3 kg·m/s

B. 碰撞时a对b所施冲量为 4 N·ｓ

C. 碰撞前后a的动量变化为 4 kg·m/s

D. 碰撞中a、b两滑块组成的系统损失的动能为20 J

【答案】C

【解析】根据图像可知：，，碰撞之后共同速度为：

根据动量守恒可知：

代入数据可以得到：

A、则碰撞前的总动量为：，故选项A错误；

B、根据动量定理可知a对b所施冲量为b的动量变化，即：

，故选项B错误；

C、碰撞前后a的动量变化为：，故选项C正确；

D、碰撞过程中动能的损失为：，故选项D错误。

点睛：两滑块碰撞过程系统动量守恒，根据图示图象求出滑块的速度，然后由动量守恒定律求出滑块b的质量，然后利用动量定理以及动能的关系求解即可。

6. 如图所示，有一台内阻为1Ω的交流发电机，供给一个学校照明用电，升压变压器匝数比为1:4，降压变压器匝数比为4:1，输电线的总电阻R=4Ω，全校共有22个班，每班有“220V 40W的电灯6盏，若保证电灯全部正常发光，则