2016-2017学年山东省青岛市黄岛一中高二(下)月考物理试卷(3月份)

2016-2017学年山东省青岛市黄岛一中高二（下）月考物理试卷（3月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共1小题，共4.0分)1.关于光电效应，下列说法正确的是（）A.光照时间越长光电流越大B.入射光的光强一定时，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多C.金属钠的每个电子可以吸收一个或一个以上的光子，当它积累的动能最够大时，就能逸出金属D.不同频率的光照射同一种金属时，频率越高，光电子的最大初动能越大【答案】D【解析】解：A、在发生光电效应的情况下，入射光的强度越高，单位时间内发出光电子的数目越多，光电流才越大，与光照时间长短无关．故A错误．B、入射光的光强一定时，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越少．故B错误．C、每个电子可以吸收一个光子，当它入射光的能量大于逸出功，就能逸出金属．故C 错误．D、根据光电效应方程得，E K m=hv-W0，当频率越高，光电子的最大初动能越大．故D 正确．故选：D．当入射光子的频率大于金属的逸出功时，会发生光电效应，根据光电效应方程判断光电子最大初动能与什么因素有关，而光子数目越多，则产生光电流越大．解决本题的关键掌握光电效应的条件，以及掌握光电效应方程，知道光的强度影响单位时间内发出光电子的数目．二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)2.下列说法中正确的是（）A.卢瑟福用α粒子轰击氮原子核发现了质子，并预言了中子的存在B.玻尔理论不仅能解释氢的原子光谱，也能解释氦的原子光谱C.热核反应的燃料是氢的同位素，裂变反应的燃料是铀D.中子与质子结合成氘核的过程中需要吸收能量【答案】AB【解析】解：A、卢瑟福只是预言中子存在，查德威克用α粒子轰击氮原子核发现了中子，故A 正确．B、玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征，故B正确；C、热核反应的燃料是氢的同位素，裂变反应的燃料是铀，故C错误．D、中子和质子结合成氘核有质量亏损，释放能量．故D错误．故选：AB．卢瑟福通过α粒子轰击氮核发现了质子，并预言了中子的存在；玻尔理论有局限性，只是成功地解释了氢原子光谱，对解释其它原子光谱遇到了困难；中子和质子结合成氘核属于轻核聚变，有质量亏损，向外放出能量．本题考查了物理学史、轻核聚变、玻尔理论等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点，即可轻松解决．三、单选题(本大题共1小题，共4.0分)3.人从高处跳下，为更好地保护身体，双脚触地，膝盖弯曲让身体重心继续下降．着地过程这样做，可以减小（）A.人动量变化的时间B.人受到的冲量C.人的动量变化量D.人的动量变化率【答案】D【解析】解：人从高处跳下时，动量的变化量是相同的；通过膝盖弯曲时延长了人动量变化的时间；从而减小地面对人体的冲击力；由动量定理可知，可以减小人的动量变化率；但不能减小人动量变化的时间及人的动量变化量；同时也不能减小人受到的冲量；故选：D．明确人下落过程中的速度变化，则可得出动量的变化规律，从而明确能减小的物理量．人下落过程中动量的变化是一定的，但通过延长与地面的接触时间可以减小人受到地面的冲击力和动量的变化率．四、多选题(本大题共1小题，共4.0分)4.在光滑水平面上，一质量为m、速度大小为v的A球与质量为2m静止的B球碰撞发生正碰，碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的．则碰后B球的速度大小可能是（）A.0.6v B.0.4v C.0.3v D.0.2v【答案】AB【解析】解：以两球组成的系统为研究对象，以A球的初速度方向为正方向，如果碰撞为弹性碰撞，由动量守恒定律得：mv=mv A+2mv B，由机械能守恒定律得：mv2=mv A2+•2mv B2，解得：v A=-v，v B=v，负号表示碰撞后A球反向弹回，如果碰撞为完全非弹性碰撞，以A球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv=（m+2m）v B，解得：v B=v，则碰撞后B球的速度范围是：v＜v B＜v，故AB正确，CD错误；故选：AB．由动量守恒定律求出碰撞后B球的速度范围，然后分析答题．本题考查了求碰撞后B球的速度，应用动量守恒定律与机械能守恒定律即可正确解题．五、单选题(本大题共2小题，共8.0分)5.右端带有光滑圆弧轨道质量为M的小车静置于光滑水平面上，如图所示．一质量为m的小球以速度v0水平冲上小车，关于小球此后的运动情况，以下说法正确的是（）A.小球可能从圆弧轨道上端抛出而不再回到小车B.小球不可能离开小车水平向左做平抛运动C.小球不可能离开小车做自由落体运动D.小球可能离开小车水平向右做平抛运动【答案】D【解析】解：A、小球离开四分之一圆弧轨道，在水平方向上与小车的速度相同，则返回时仍然回到小车上．故A错误；B、C、D、小球滑上滑车，又返回，到离开滑车的整个过程，相当于小球与滑车发生弹性碰撞的过程．选取小球运动的方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=mv1+M v2由机械能守恒得：整理得：如果m＜M，小球离开滑车向左做平抛运动；如果m=M，小球离开小车做自由落体运动；如果m＞M，小球离开小车向右做平抛运动．故B、C错误，D正确．故选：D．小球和小车组成的系统，在水平方向上动量守恒，小球越过圆弧轨道后，在水平方向上与小车的速度相同，返回时仍然落回轨道，根据动量守恒定律判断小球的运动情况．解决本题的关键知道小球和小车组成的系统在水平方向上动量守恒．会根据动量守恒定律进行分析．6.氢原子发光时，能级间存在不同的跃迁方式，如图中①②③三种跃迁方式对应的光谱线分别为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，下列A、B、C、D光谱图中，与上述三种跃迁方式对应的光谱图应当是下图中的（图中下方的数值和短线是波长的标尺）（）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：根据玻尔理论和能级变化关系可知①②③种情况下向外放出的光子能量关系：EⅠ＜EⅡ＜EⅢ根据E=hγ和c=λγ可知，λⅠ＞λⅡ＞λⅢ．故BCD错误，A正确．故选：A．根据能级差算出三种光子的能量，然后根据能量与波长关系，求出三种光的波长关系即可正确解答．掌握玻尔理论光子的能量等于初末能级之差，由c=λγ可知，波长与频率成反比．六、多选题(本大题共1小题，共4.0分)7.下列说法正确的是（）A.235U的半衰期约为7亿年，随地球环境的变化，半衰期可能变短B.原子核发生β衰变就是内部某个质子转变为中子，原子核发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了4C.在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强D.氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增加，电势能减少【答案】CD【解析】解：A、半衰期是由放射性元素本身决定的，与环境因素无关．故A错误B、中子转变为质子时，放出β射线；原子核发生α衰变时，质量数减少4个，即减少4个核子；电荷数减少2个，即减少2个质子；所以新核与原来的原子核相比，中子数减少了2个，故B错误；C、根据射线的特点可知，α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强，故C正确；D、氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电场力做正功，电势能减小；根据库仑力提供向心力得：，可知电子的动能增加．故D正确．故选：CD半衰期不随着环境变化而变化；中子转变为质子时，放出β射线，α衰变的过程中新核与原来的原子核相比同时减少2个质子和2个中子；γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强；根据玻尔理论分析电子的动能与电势能的变化．考查影响半衰期的因素，α衰变与β衰变的本质、玻尔理论等；都是一些记忆性的知识点的内容，在平时的学习中多加积累即可做好．七、单选题(本大题共1小题，共4.0分)8.太阳内部持续不断地发生着4个质子（）聚变为1个氦核（H e）的热核反应，核反应方程是4H→H e+2X，这个核反应释放出大量核能．已知质子、氦核、X的质量分别为m1、m2、m3，真空中的光速为c．下列说法中正确的是（）A.方程中的X表示中子（n）B.方程中的X表示正电子（e）C.这个核反应中质量亏损△m=4m1-m2D.这个核反应中释放的核能△E=（4m1-m2-m3）c2B【解析】解：由核反应质量数守恒、电荷数守恒可推断出X为e，故A错误、B正确；质量亏损为：△m=4m1-m2-2m3；释放的核能为：△E=△mc2=（4m1-m2-2m3）c2，故C 错误、D也错误．故选：B．根据核反应过程中质量数与核电荷数守恒，求出X的核电荷数，确定其种类；先求出核反应的质量亏损，然后由质能方程求出释放的核能．知道质量数守恒与核电荷数守恒是判断粒子X种类的关键，熟练应用质能方程即可求出核反应释放的能量．八、多选题(本大题共1小题，共4.0分)9.2011年3月11日，日本大地震引发了福岛核电站核泄漏事故，使核电安全问题成为人们关注的焦点．下列关于核电站说法正确的是（）A.核电站利用核聚变反应时释放的能量进行发电B.将控制棒插入核反应堆可以控制链式反应的速度C.核电站中核反应过程，核反应前核子平均结合能大于核反应后核子平均结合能D.核泄漏的有害物质主要是化学反应中产生的有害气体【答案】BC【解析】解：A、目前，核电站都是利用核裂变反应时释放的能量进行发电；核聚变只应用于少数核潜艇、加速器、研究所及卫星发射等科研、军用方面，未发展到民用，故A错误；B、控制棒可以吸收中子，通过控制棒插入反应堆的数量级深度来控制链式反应的速度，故B正确；C、核反应要放出热量，所以，可推知核反应前核子平均结合能大于核反应后核子平均结合能，故C正确；D、核泄漏的有害物质主要是放射性物质，故D错误．故选：BC．由核电站的核燃料可知其反应，再结合核电站工作原理即可求解．熟悉聚变、裂变的反应条件就可直到其大致应用范围，再根据核反应堆的工作原理即可解答关于核电站相关问题．九、单选题(本大题共1小题，共4.0分)10.PM2.5是指大气中直径d≤2.5μm的悬浮细颗粒物，PM2.5悬浮在空中做无规则运动，与较大的颗粒物相比，在大气中的停留时间更长，很难自然沉降到地面．关于PM2.5的说法中错误的是（）A.气温越高，PM2.5的运动越激烈B.PM2.5在空气中的运动属于分子热运动C.周围大量分子对PM2.5碰撞的不平衡使其在空中做无规则运动D.倡导低碳生活、减少化石燃料的使用，能有效减小PM2.5在空气中的浓度【答案】B【解析】解：A、气温越高，空气分子热运动越剧烈，布朗运动越剧烈，故PM2.5运动越剧烈，BC、布朗运动是固体颗粒的运动，PM2.5在空气中的运动是指空气中直径小于2.5微米的悬浮颗粒物，是周围大量分子对PM2.5碰撞的不平衡使其在空中做无规则运动，所以PM2.5的不属于分子的运动，故B错误，C正确；D、倡导低碳生活减少煤和石油等燃料的使用能有效减小PM2.5在空气中的浓度，故D 正确；本题选错误的，故选：B．“PM2.5”是指直径小于等于2.5微米的颗粒物，PM2.5尺度大于空气中氧分子的尺寸的数量级．PM2.5在空气中的运动是固体颗粒、是分子团的运动，不是分子的热运动．组成物质的所有分子动能与分子势能的和统称为物体内能．本题考查了PM2.5的有关问题，涉及的知识点较多，是一道综合题，但难度不大．十、多选题(本大题共1小题，共4.0分)11.下列说法正确的是（）A.扩散现象和布朗运动都与温度有关，所以扩散现象和布朗运动都是分子的热运动B.气体的温度升高，气体分子的平均动能一定增大C.两分子从无限远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大，后变小，再变大D.标准状况下冰水混合物与零摄氏度的水处于非平衡态【答案】BC【解析】解：A、分子的无规则的运动叫做热运动，布朗运动不是热运动，它是分子热运动的反映，故A错误；B、分子热运动的平均动能有温度决定，即温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大，故B正确；C、两分子从无限远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先为引力再为斥力，其大小先变大，后变小，再变大．故C正确；B、标准状况下冰水混合物的温度为0°C，与0℃的水达到热平衡状态，故D错误．故选：BC．分子的无规则的运动叫做热运动，明确布朗运动和扩散的区别；温度是分子的平均动能的标志；明确分子间作用力随距离变化的结论；如果两个热力学系统中的每一个都与第三个热力学系统处于热平衡（温度相同），则它们彼此也必定处于热平衡．该题考查了分子的无规则运动、分子间相互作用力、温度以及热平衡，要注意明确热平衡的条件是温度相同．十一、单选题(本大题共1小题，共4.0分)12.下列关于分子力和分子势能的说法中，正确的是（）A.当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大B.当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小C.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小【答案】C【解析】解：当r＞r0时，分子力表现为引力，随着分子之间距离的增大，分子力先增大后减小，而分子势能一直增大，故AB错误；当r＜r0时，分子力表现为斥力，随着分子之间距离的减小，分子力增大，分子势能也增大，故C正确，D错误．故选C．当r=r0时，分子力为零，分子势能最小，随着r的增大或者减小分子势能均增大．在讨论分子力与分子势能时一定弄清楚这二者与分子之间距离的关系，对比进行学习．十二、填空题(本大题共3小题，共12.0分)13.将质量为5kg的铅球（可视为质点）从距沙坑表面1.25m高处由静止释放，从铅球接触沙坑表面到陷入最低点所历经的时间为0.25s，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2．则铅球对沙子的平均作用力大小为______ N，方向______ ．【答案】150；竖直向下【解析】解：铅球到达沙坑表面的速度为：v===5m/s；设向下为正，则由动量定理可得：（mg+F）t=0-mv解得：F=--mg=-（+50）=-150N；负号说明铅球受到的作用力向上；则由牛顿第三定律可知，沙子对铅球的平均作用力为150N，方向竖直向下；故答案为：150，竖直向下．由自由落体运动规律可求得铅球落地时的速度；再对铅球在沙子中的运动，由动量定理可求得沙子对铅球的平均作用力．本题考查动量定理的应用，要注意在应用动量定理时，应明确各量的方向．14.一光电管的阴极K用截止频率为ν0的金属钠制成，光电管阳极A和阴极K之间的正向电压为U，普朗克常量为h，电子的电荷量为e．用频率为ν的紫外线照射阴极，有光电子逸出，光电子到达阳极的最大动能是______ ；若在光电管阳极A和阴极K之间加反向电压，要使光电子都不能到达阳极，反向电压至少为______ ．【答案】h（ν-ν0）+e U；【解析】解：根据光电效应方程得，最大初动能E km=hv-hv0．根据动能定理得，e U=E K-E km解得E k=h（ν-ν0）+e U．根据动能定理得，-e U=0-E km解得反向电压．故答案为：h（ν-ν0）+e U，通过光电效应方程求出光电子的最大初动能，然后通过动能定理求出加正向电压时到达另一端的动能，当加反向电压时，到达另一端的临界速度为0，根据动能定理求出反向电压的大小．解决本题的关键掌握光电效应方程，E km=hv-hv0，知道最大初动能与反向电压的关系．15.在《用油膜法估测分子大小》实验中所用的油酸酒精溶液的浓度为每1000m L溶液中有纯油酸0.6m L，用注射器测得1m L上述溶液为80滴，把1滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开，测得油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中正方形方格的边长为1cm，试求：①油酸膜的面积是______ cm2②实验测出油酸分子的直径是______ m（结果保留两位有效数字）【答案】120；6.3×10-10【解析】解：①由图示可知，油膜占120个格，油膜的面积S=1cm×1cm×120=120cm2（119～124cm2均正确）；②一滴溶液中含纯油的体积V=×=7.5×10-6m L，油酸分子的直径d==≈6.3×10-8cm=6.3×10-10m．故答案为：①120（119到124均正确）；②6.3×10-10．①由图示油膜求出油膜的面积．②求出一滴溶液中含纯油的体积，然后求出油酸分子的直径．求油膜面积时要注意，不到半个格的要舍去，超过半个格的算一个格，数出油膜轮廓的格数，然后乘以每一个格的面积得到油膜的面积；求油的体积时要注意，求的是纯油的体积，不是溶液的体积．十三、实验题探究题(本大题共1小题，共8.0分)16.两位同学用如图甲所示装置，通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律．①实验中必须满足的条件是______ ．A．斜槽轨道尽量光滑以减小误差B．斜槽轨道末端的切线必须水平C．入射球A每次必须从轨道的同一位置由静止滚下D．两球的质量必须相等②测量所得入射球A的质量为m A，被碰撞小球B的质量为m B，图甲中O点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影，实验时，先让入射球A从斜轨上的起始位置由静止释放，找到其平均落点的位置P，测得平抛射程为OP；再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，与小球B相撞，分别找到球A和球B相撞后的平均落点M、N，测得平抛射程分别为OM和ON．当所测物理量满足表达式______ 时，即说明两球碰撞中动量守恒；如果满足表达式______ 时，则说明两球的碰撞为完全弹性碰撞．③乙同学也用上述两球进行实验，但将实验装置进行了改装：如图乙所示，将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中球A、球B与木条的撞击点．实验时，首先将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，撞击点为B′；然后将木条平移到图中所示位置，入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，确定其撞击点P′；再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，与球B相撞，确定球A和球B相撞后的撞击点分别为M′和N′．测得B′与N′、P′、M′各点的高度差分别为h1、h2、h3．若所测物理量满足表达式______ 时，则说明球A和球B碰撞中动量守恒．【答案】BC；m A•OP=m A•OM+m B•ON；m A OP2=m A OM2+m B ON2；=+【解析】解：①A、“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故A错误；B、要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，故B正确；C、要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故C正确；D、为了使小球碰后不被反弹，要求入射小球质量大于被碰小球质量，故D错误；故选：BC．②小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相同，它们在空中的运动时间t 相等，它们的水平位移x与其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若两球相碰前后的动量守恒，则m A v0=m A v1+m B v2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：m A OP=m A OM+m B ON，若碰撞是弹性碰撞，则机械能守恒，由机械能守恒定律得：m A v02=m A v12+m B v22，将OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t代入得：m A OP2=m A OM2+m B ON2；③小球做平抛运动，在竖直方向上：h=gt2，平抛运动时间：t=，设轨道末端到木条的水平位置为x，小球做平抛运动的初速度：v A=，v A′=，v B′=，如果碰撞过程动量守恒，则：m A v A=m A v A′+m B v B′，将v A=，v A′=，v B′=，解得：=+故答案为：①BC；②m A OP=m A OM+m B ON；m A OP2=m A OM2+m B ON2；③=+（1）在做“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，所以要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平；（2）由于两球从同一高度下落，故下落时间相同，所以水平向速度之比等于两物体水平方向位移之比，然后由动量守恒定律与机械能守恒分析答题．（3）应用平抛运动规律分析碰撞的速度，再由动量守恒定律列式求解．该题考查用“碰撞试验器”验证动量守恒定律，该实验中，虽然小球做平抛运动，但是却没有用到速度和时间，而是用位移x来代替速度v，这是解决问题的关键，解题时要注意体会该点；明确知识的正确应用．十四、计算题(本大题共4小题，共32.0分)17.如图所示，轻弹簧下悬重物m2，m2与m1之间用轻绳连接，均处于平衡状态．剪断m1、m2间的轻绳，经较短时间m1有速度u，m2有速度大小为v，求这段时间内弹力的冲量．【答案】解：以向上为正方向，由动量定理得：对m1：-m1gt=-m1μ-0，对m2：I-m2gt=m2v-0，解得：I=m2v+m1μ；答：这段时间内弹力的冲量m2v+m1μ【解析】分别对A、B两物体应用动量定理列式，联立即可以求出弹簧的弹力对A的冲量．本题考查了求弹簧的冲量，应用动量定理即可正确解题，应用动量定理解题时，要注意动量的矢量性，解题时要注意正方向的选择．18.如图所示，质量为M的平板小车静止在光滑的水平地面上，小车左端放一个质量为m的木块，小车的右端固定一个轻质弹簧．现给木块一个水平向右的瞬时冲量I，木块便沿小车向右滑行，在与弹簧作用后又沿原路返回，并且恰好能到达小车的左端．试求：①木块返回到小车左端时小车的动能；②弹簧获得的最大弹性势能．【答案】解：①选小车和木块整体为研究对象，由于m受到冲量I之后系统水平方向不受外力作用，系统动量守恒，设系统的末速度为v，则I=mv0=（M+m）v小车的动能为E k=M v2=②根据动量定理得，I=mv0，则木块的初速度，当弹簧具有最大弹性势能E p时，小车和木块具有共同速度，即为v．设木块从小车左端运动到弹簧弹性势能最大的过程中，摩擦生热W f，在此过程中，由能量守恒得m（）2=E p+W f+（M+m）（）2当木板返回到小车左端时，由能量守恒得m（）2=2W f+（M+m）（）2联立得E p=．答：①木块返回到小车左端时小车的动能为；②弹簧获得的最大弹性势能为E p=．【解析】①根据动量定理知，瞬时冲量的大小等于木块的初动量，木块返回到小车左端时与小车具有相同的速度，根据动量守恒定律求出共同的速度大小，从而得出小车的动能．②根据动量定理可以得出木块的初速度，抓住木块将弹簧压缩到最短时具有共同速度，和返回到最左端时具有共同速度，根据动量守恒定律知，两个共同速度相同，分别对两个过程运用能量守恒定律，求出弹簧获得最大弹性势能．本题考查了动量守恒定律和能量守恒、动量定理的综合，综合性较强，知道木块返回到小车左端时和将弹簧压缩到最短时，木块与小车的速度相同，且相等．19.一个质量为2m的物体P静止于光滑水平地面上，其截面如图所示．图中ab为粗糙的水平面，长度为L；bc为一光滑斜面，斜面和水平面通过与ab和bc均相切的长度可忽略的光滑圆弧连接．现有一质量为m的木块以大小为v0的水平初速度从a点向左运动，在斜面上上升的最大高度为h，返回后在到达a点前与物体P相对静止．重力加速度为g．求：①木块在ab段受到的摩擦力f；②木块最后距a点的距离s．【答案】解：①设木块和物体P共同速度为v，以v0的方向为正方向，两物体从开始到第一次到达共同速度过程由动量和能量守恒得：mv0=（m+2m）v…①=+f L+mgh…②由①②得：f=…③②木块返回与物体P第二次达到共同速度与第一次相同，全过程根据能量守恒得：-=f（2L-s）…④由②③④得：s=答：①木块在ab段受到的摩擦力f为；。