精编中考数学总复习专题---翻转折叠问题强化练习
中考数学复习专题《折叠问题》练习题含答案
中考数学复习专题 折叠问题一、选择题1．如果将长为6 cm ，宽为5 cm 的长方形纸片折叠一次，那么这条折痕的长不可能是( A ) A ．8 cm B ．5 2 cm C ．5.5 cm D ．1 cm【解析】纸片为长方形，折痕的最大长度为对角线长，52＋62＝61＜64＝8，所以折痕长不能为8 cm.2．将抛物线y ＝－x 2＋2x ＋3在x 轴上方的部分沿x 轴翻折至x 轴下方，图象的剩余部分不变，得到一个新的函数图象，那么直线y ＝x ＋b 与此新图象的交点个数的情况有( B )A ．6种B ．5种C ．4种D ．3种二、填空题3．如图，矩形纸片ABCD 中，AB ＝5，BC ＝3，先按图2操作：将矩形纸片ABCD 沿过点A 的直线折叠，使点D 落在边AB 上的点E 处，折痕为AF ；再按图3操作，沿过点F 的直线折叠，使点C 落在EF 上的点H 处，折痕为FG ，则A ，H 两点间的距离为__10__．【解析】如图3中，连结AH ，由题意可知在Rt △AEH 中，AE ＝AD ＝3，EH ＝EF －HF ＝3－2＝1，∴AH ＝AE 2＋EH 2＝32＋12＝10.4．如图，在△ABC 中，∠ACB ＝90°，点D ，E 分别在AC ，BC 上，且∠CDE ＝∠B ，将△CDE 沿DE 折叠，点C 恰好落在AB 边上的点F 处．若AC ＝8，AB ＝10，则CD 的长为__258__． 【解析】由折叠可得，∠DCE ＝∠DFE ＝90°，∴D ，C ，E ，F 四点共圆，∴∠CDE ＝∠CFE ＝∠B ，又∵CE ＝FE ，∴∠CFE ＝∠FCE ，∴∠B ＝∠FCE ，∴CF ＝BF ，同理可得，CF ＝AF ，∴AF ＝BF ，即F 是AB 的中点，∴Rt △ABC 中，CF ＝12AB ＝5，由D ，C ，E ，F 四点共圆，可得∠DFC ＝∠DEC ，由∠CDE ＝∠B ，可得∠DEC ＝∠A ，∴∠DFC ＝∠A ，又∵∠DCF ＝∠FCA ，∴△CDF ∽△CF A ，∴CF 2＝CD ×CA ，即52＝CD ×8，∴CD ＝258. 三、解答题5．如图1，在等腰三角形ABC 中，AB ＝AC ＝4，BC ＝7.如图2，在底边BC 上取一点D ，连结AD ，使得∠DAC ＝∠ACD .如图3，将△ACD 沿着AD 所在直线折叠，使得点C 落在点E 处，连结BE ，得到四边形ABED .求BE 的长．解：设AE 与BD 交于点M ，∵AB ＝AC ，∴∠ABC ＝∠C ，∵∠DAC ＝∠ACD ，∴∠DAC ＝∠ABC ，∵∠C ＝∠C ，∴△CAD ∽△CBA ，∴CA CB ＝CD AC ，∴47＝CD 4，∴CD ＝167，BD ＝BC －CD ＝337，∵∠DAM ＝∠DAC ＝∠DBA ，∠ADM ＝∠ADB ，∴△ADM ∽△BDA ，∴AD BD ＝DM DA ，即167337＝DM 167，∴DM ＝16233×7，MB ＝BD －DM ＝332－1627×33，∵∠ABM ＝∠C ＝∠MED ，∴A 、B 、E 、D 四点共圆，∴∠ADB ＝∠BEM ，∠EBM ＝∠EAD ＝∠ABD ，∴△ABD ∽△MBE ，∴AB BM ＝BD BE ，∴BE ＝BM·BD AB ＝332－1627×33×3374＝1746．如图1，将一张矩形纸片ABCD 沿着对角线BD 向上折叠，顶点C 落到点E 处，BE 交AD 于点F .(1)求证：△BDF 是等腰三角形； (2)如图2，过点D 作DG ∥BE ，交B C 于点G ，连结FG 交BD 于点O .①判断四边形BFDG 的形状，并说明理由；②若AB ＝6，AD ＝8，求FG 的长．解：(1)如图1，根据折叠，∠DBC ＝∠DBE ，又AD ∥BC ，∴∠DBC ＝∠ADB ，∴∠DBE ＝∠ADB ，∴DF ＝BF ，∴△BDF 是等腰三角形(2)①菱形，理由：∵四边形ABCD 是矩形，∴AD ∥BC ，∴FD ∥BG ，又∵FD ∥BG ，∴四边形BFDG 是平行四边形，∵DF ＝BF ，∴四边形BFDG 是菱形②∵AB ＝6，AD ＝8，∴BD ＝10.∴OB ＝12BD ＝5.设DF ＝BF ＝x ，∴AF ＝AD －DF ＝8－x.∴在Rt △ABF 中，AB 2＋AF 2＝BF 2，即62＋(8－x )2＝x 2，解得x ＝254，即BF ＝254，∴FO ＝BF 2－OB 2＝（254）2－52＝154，∴FG ＝2FO ＝152。
中考数学专题复习翻转折叠问题
翻转折叠问题【专题点拨】图形折叠是中考中常考题型，这种题型主要考察学生对图形的认知，特别是考察轴对称的性质、全等三角形、勾股定理、相似三角形等知识综合运用。
【解题策略】有关图形折叠的相关计算，首先要熟知折叠是一种轴对称变换，即位于折痕两侧的图形关于折痕成轴对称；然后根据图形折叠的性质，即折叠前、后图形的对应边和对应角相等，对应点的连线被折痕垂直平分并结合勾股定理或相似三角形的性质进行相关计算.【典例解析】类型一：三角形折叠问题例题1：（2016·浙江省湖州市·3分）如图1，在等腰三角形ABC中，AB=AC=4，BC=7．如图2，在底边BC上取一点D，连结AD，使得∠DAC=∠ACD．如图3，将△ACD沿着AD所在直线折叠，使得点C落在点E处，连结BE，得到四边形ABED．则BE的长是（）A．4 B． C．3D．2【考点】翻折变换（折叠问题）；四点共圆；等腰三角形的性质；相似三角形的判定与性质．【分析】只要证明△ABD∽△MBE，得=，只要求出BM、BD即可解决问题．【解答】解：∵AB=AC，∴∠ABC=∠C，∵∠DAC=∠ACD，∴∠DAC=∠ABC，∵∠C=∠C，∴△CAD∽△CBA，∴=，∴=，∴CD=，BD=BC﹣CD=，∵∠DAM=∠DAC=∠DBA，∠ADM=∠ADB，∴△ADM∽△BDA，∴=，即=，∴DM=，MB=BD﹣DM=，∵∠ABM=∠C=∠MED，∴A、B、E、D四点共圆，∴∠ADB=∠BEM，∠EBM=∠EAD=∠ABD，∴△ABD∽△MBE，∴=，∴BE===．故选B．变式训练1：（2016·吉林·3分）在三角形纸片ABC中，∠C=90°，∠B=30°，点D（不与B，C重合）是BC上任意一点，将此三角形纸片按下列方式折叠，若EF的长度为a，则△DEF的周长为（用含a的式子表示）．类型二：平行四边形折叠问题例题2：（2016·湖北武汉·3分）如图，在□ABCD中，E为边CD上一点，将△ADE沿AE折叠至△AD′E处，AD′与CE交于点F．若∠B＝52°，∠DAE＝20°，则∠FED′的大小为_______．【考点】平行四边形的性质【解析】∵四边形ABCD为平行四边形，∴∠D＝∠B＝52°，由折叠的性质得：∠EAD，＝∠DAE＝20°，∠AED，＝∠AED＝180°－∠DAE－∠D＝180°－20°－52°＝108°，∴∠AEF＝∠D＋∠DAE＝52°＋20°＝72°，∴∠FED′＝108°－72°＝36°．变式训练2：(2016河北3分）如图，将ABCD沿对角线AC折叠，使点B落在点B’处.若∠1=∠2=44°，则∠B为（）第13题图A．66°B．104°C．114°D．124°类型三：矩形折叠问题例题3：（2016贵州毕节3分）如图，正方形ABCD的边长为9，将正方形折叠，使顶点D 落在BC边上的点E处，折痕为GH．若BE：EC=2：1，则线段CH的长是（）A．3 B．4 C．5 D．6【解析】正方形的性质；翻折变换（折叠问题）．根据折叠的性质可得DH=EH，在直角△CEH中，若设CH=x，则DH=EH=9﹣x，CE=3cm，可以根据勾股定理列出方程，从而解出CH的长．【解答】解：由题意设CH=xcm，则DH=EH=（9﹣x）cm，∵BE：EC=2：1，∴CE=BC=3cm∴在Rt△ECH中，EH2=EC2+CH2，即（9﹣x）2=32+x2，解得：x=4，即CH=4cm．故选（B）变式训练3：（2016·四川南充）如图，对折矩形纸片ABCD，使AB与DC重合得到折痕EF，将纸片展平；再一次折叠，使点D落到EF上点G处，并使折痕经过点A，展平纸片后∠DAG的大小为（）A．30°B．45°C．60°D．75°类型四：菱形折叠问题例题4：（2016·四川攀枝花）如图，正方形纸片ABCD中，对角线AC、BD交于点O，折叠正方形纸片ABCD，使AD落在BD上，点A恰好与BD上的点F重合，展开后折痕DE分别交AB、AC于点E、G，连结GF，给出下列结论：①∠ADG=22.5°；②tan∠AED=2；③S△AGD=S△；④四边形AEFG是菱形；⑤BE=2OG；⑥若S△OGF=1，则正方形ABCD的面积是6+4，其中OGD正确的结论个数为（）A．2 B．3 C．4 D．5【考点】四边形综合题．【分析】①由四边形ABCD是正方形，可得∠GAD=∠ADO=45°，又由折叠的性质，可求得∠ADG的度数；②由AE=EF＜BE，可得AD＞2AE；③由AG=GF＞OG，可得△AGD的面积＞△OGD的面积；④由折叠的性质与平行线的性质，易得△EFG是等腰三角形，即可证得AE=GF；⑤易证得四边形AEFG是菱形，由等腰直角三角形的性质，即可得BE=2OG；⑥根据四边形AEFG是菱形可知AB∥GF，AB=GF，再由∠BAO=45°，∠GOF=90°可得出△OGF时等腰直角三角形，由S△OGF=1求出GF的长，进而可得出BE及AE的长，利用正方形的面积公式可得出结论．【解答】解：∵四边形ABCD是正方形，∴∠GAD=∠ADO=45°，由折叠的性质可得：∠ADG=∠ADO=22.5°，故①正确．∵由折叠的性质可得：AE=EF，∠EFD=∠EAD=90°，∴AE=EF＜BE，∴AE＜AB，∴＞2，故②错误．∵∠AOB=90°，∴AG=FG＞OG，△AGD与△OGD同高，∴S△AGD＞S△OGD，故③错误．∵∠EFD=∠AOF=90°，∴EF∥AC，∴∠FEG=∠AGE，∵∠AGE=∠FGE，∴∠FEG=∠FGE，∴EF=GF，∵AE=EF，∴AE=GF，故④正确．∵AE=EF=GF，AG=GF，∴AE=EF=GF=AG，∴四边形AEFG是菱形，∴∠OGF=∠OAB=45°，∴EF=GF=OG，∴BE=EF=×OG=2OG．故⑤正确．∵四边形AEFG是菱形，∴AB∥GF，AB=GF．∵∠BAO=45°，∠GOF=90°，∴△OGF时等腰直角三角形．∵S△OGF=1，∴OG2=1，解得OG=，∴BE=2OG=2，GF===2，∴AE=GF=2，∴AB=BE+AE=2+2，∴S正方形ABCD=AB2=（2+2）2=12+8，故⑥错误．∴其中正确结论的序号是：①④⑤．故选B．【点评】此题考查的是四边形综合题，涉及到正方形的性质、折叠的性质、等腰直角三角形的性质以及菱形的判定与性质等知识．此题综合性较强，难度较大，注意掌握折叠前后图形的对应关系，注意数形结合思想的应用．变式训练4：（2016·黑龙江齐齐哈尔·3分）如图，在边长为2的菱形ABCD中，∠A=60°，点M是AD边的中点，连接MC，将菱形ABCD翻折，使点A落在线段CM上的点E处，折痕交AB于点N，则线段EC的长为﹣1 ．类型五：圆的折叠问题例题5：（2015•聊城）如图，点O是圆形纸片的圆心，将这个圆形纸片按下列顺序折叠，使和都经过圆心O，则阴影部分的面积是⊙O面积的（）A. 12B.13C.23D.352. 解：作OD⊥AB于点D，连接AO，BO，CO，∵OD=AO，∴∠OAD=30°，∴∠AOB=2∠AOD=120°，同理∠BOC=120°，∴∠AOC=120°，∴阴影部分的面积=S扇形AOC=×⊙O面积．故选：B．变式训练5：（2016·山东省德州市·4分）如图，半径为1的半圆形纸片，按如图方式折叠，使对折后半圆弧的中点M与圆心O重合，则图中阴影部分的面积是．【能力检测】1.（2016·黑龙江龙东·3分）如图，等边三角形的顶点A（1，1）、B（3，1），规定把等边△ABC“先沿x轴翻折，再向左平移1个单位”为一次変换，如果这样连续经过2016次变换后，等边△ABC的顶点C的坐标为．2.（2015•湘潭）如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，△ACD沿AD折叠，使得点C落在斜边AB上的点E处．（1）求证：△BDE∽△BAC；（2）已知AC=6，BC=8，求线段AD的长度．3.（2016·浙江省绍兴市·5分）如图，矩形ABCD中，AB=4，BC=2，E是AB的中点，直线l平行于直线EC，且直线l与直线EC之间的距离为2，点F在矩形ABCD边上，将矩形ABCD沿直线EF折叠，使点A恰好落在直线l上，则DF的长为．4.（2016·重庆市A卷·4分）正方形ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，DE平分∠ADO交AC于点E，把△ADE沿AD翻折，得到△ADE′，点F是DE的中点，连接AF，BF，E′F．若AE=．则四边形ABFE′的面积是多少？5.（2015•咸宁）如图1，已知直线y=x+3与x轴交于点A，与y轴交于点B，将直线在x轴下方的部分沿x轴翻折，得到一个新函数的图象（图中的“V形折线”）．（1）类比研究函数图象的方法，请列举新函数的两条性质，并求新函数的解析式；（2）如图2，双曲线y=与新函数的图象交于点C（1，a），点D是线段AC上一动点（不包括端点），过点D作x轴的平行线，与新函数图象交于另一点E，与双曲线交于点P．①试求△PAD的面积的最大值；②探索：在点D运动的过程中，四边形PAEC能否为平行四边形？若能，求出此时点D 的坐标；若不能，请说明理由．【参考答案】变式训练1：（2016·吉林·3分）在三角形纸片ABC中，∠C=90°，∠B=30°，点D（不与B，C重合）是BC上任意一点，将此三角形纸片按下列方式折叠，若EF的长度为a，则△DEF的周长为3a （用含a的式子表示）．【解析】翻折变换（折叠问题）．由折叠的性质得出BE=EF=a，DE=BE，则BF=2a，由含30°角的直角三角形的性质得出DF=BF=a，即可得出△DEF的周长．【解答】解：由折叠的性质得：B点和D点是对称关系，DE=BE，则BE=EF=a，∴BF=2a，∵∠B=30°，∴DF=BF=a，∴△DEF的周长=DE+EF+DF=BF+DF=2a+a=3a；故答案为：3a．变式训练2：(2016河北3分）如图，将ABCD沿对角线AC折叠，使点B落在点B’处.若∠1=∠2=44°，则∠B为（）第13题图A．66°B．104°C．114°D．124°【解析】平行线的性质，折叠关系。
2019-2020年中考数学专题复习翻转折叠问题
2019-2020年中考数学专题复习翻转折叠问题【专题点拨】图形折叠是中考中常考题型，这种题型主要考察学生对图形的认知，特别是考察轴对称的性质、全等三角形、勾股定理、相似三角形等知识综合运用。
【解题策略】有关图形折叠的相关计算，首先要熟知折叠是一种轴对称变换，即位于折痕两侧的图形关于折痕成轴对称；然后根据图形折叠的性质，即折叠前、后图形的对应边和对应角相等，对应点的连线被折痕垂直平分并结合勾股定理或相似三角形的性质进行相关计算.【典例解析】类型一：三角形折叠问题例题1：（2016·浙江省湖州市·3分）如图1，在等腰三角形ABC中，AB=AC=4，BC=7．如图2，在底边BC上取一点D，连结AD，使得∠DAC=∠ACD．如图3，将△ACD沿着AD所在直线折叠，使得点C落在点E处，连结BE，得到四边形ABED．则BE的长是（）A．4 B． C．3D．2【考点】翻折变换（折叠问题）；四点共圆；等腰三角形的性质；相似三角形的判定与性质．【分析】只要证明△ABD∽△MBE，得=，只要求出BM、BD即可解决问题．【解答】解：∵AB=AC，∴∠ABC=∠C，∵∠DAC=∠ACD，∴∠DAC=∠ABC，∵∠C=∠C，∴△CAD∽△CBA，∴=，∴=，∴CD=，BD=BC﹣CD=，∵∠DAM=∠DAC=∠DBA，∠ADM=∠ADB，∴△ADM∽△BDA，∴=，即=，∴DM=，MB=BD﹣DM=，∵∠ABM=∠C=∠MED，∴A、B、E、D四点共圆，∴∠ADB=∠BEM，∠EBM=∠EAD=∠ABD，∴△ABD∽△MBE，∴=，∴BE===．故选B．变式训练1：（2016·吉林·3分）在三角形纸片ABC中，∠C=90°，∠B=30°，点D（不与B，C重合）是BC上任意一点，将此三角形纸片按下列方式折叠，若EF的长度为a，则△DEF的周长为（用含a的式子表示）．类型二：平行四边形折叠问题例题2：（2016·湖北武汉·3分）如图，在□ABCD中，E为边CD上一点，将△ADE沿AE折叠至△AD′E处，AD′与CE交于点F．若∠B＝52°，∠DAE＝20°，则∠FED′的大小为_______．【考点】平行四边形的性质【解析】∵四边形ABCD为平行四边形，∴∠D＝∠B＝52°，由折叠的性质得：∠EAD，＝∠DAE＝20°，∠AED，＝∠AED＝180°－∠DAE－∠D＝180°－20°－52°＝108°，∴∠AEF＝∠D＋∠DAE＝52°＋20°＝72°，∴∠FED′＝108°－72°＝36°．变式训练2：(2016河北3分）如图，将ABCD沿对角线AC折叠，使点B落在点B’处.若∠1=∠2=44°，则∠B为（）第13题图A．66°B．104°C．114°D．124°类型三：矩形折叠问题例题3：（2016贵州毕节3分）如图，正方形ABCD的边长为9，将正方形折叠，使顶点D 落在BC边上的点E处，折痕为GH．若BE：EC=2：1，则线段CH的长是（）A．3 B．4 C．5 D．6【解析】正方形的性质；翻折变换（折叠问题）．根据折叠的性质可得DH=EH，在直角△CEH中，若设CH=x，则DH=EH=9﹣x，CE=3cm，可以根据勾股定理列出方程，从而解出CH的长．【解答】解：由题意设CH=xcm，则DH=EH=（9﹣x）cm，∵BE：EC=2：1，∴CE=BC=3cm∴在Rt△ECH中，EH2=EC2+CH2，即（9﹣x）2=32+x2，解得：x=4，即CH=4cm．故选（B）变式训练3：（2016·四川南充）如图，对折矩形纸片ABCD，使AB与DC重合得到折痕EF，将纸片展平；再一次折叠，使点D落到EF上点G处，并使折痕经过点A，展平纸片后∠DAG的大小为（）A．30°B．45°C．60°D．75°类型四：菱形折叠问题例题4：（2016·四川攀枝花）如图，正方形纸片ABCD中，对角线AC、BD交于点O，折叠正方形纸片ABCD，使AD落在BD上，点A恰好与BD上的点F重合，展开后折痕DE分别交AB、AC于点E、G，连结GF，给出下列结论：①∠ADG=22.5°；②tan∠AED=2；③S△AGD=S△；④四边形AEFG是菱形；⑤BE=2OG；⑥若S△OGF=1，则正方形ABCD的面积是6+4，其中OGD正确的结论个数为（）A．2 B．3 C．4 D．5【考点】四边形综合题．【分析】①由四边形ABCD是正方形，可得∠GAD=∠ADO=45°，又由折叠的性质，可求得∠ADG的度数；②由AE=EF＜BE，可得AD＞2AE；③由AG=GF＞OG，可得△AGD的面积＞△OGD的面积；④由折叠的性质与平行线的性质，易得△EFG是等腰三角形，即可证得AE=GF；⑤易证得四边形AEFG是菱形，由等腰直角三角形的性质，即可得BE=2OG；⑥根据四边形AEFG是菱形可知AB∥GF，AB=GF，再由∠BAO=45°，∠GOF=90°可得出△OGF时等腰直角三角形，由S△OGF=1求出GF的长，进而可得出BE及AE的长，利用正方形的面积公式可得出结论．【解答】解：∵四边形ABCD是正方形，∴∠GAD=∠ADO=45°，由折叠的性质可得：∠ADG=∠ADO=22.5°，故①正确．∵由折叠的性质可得：AE=EF，∠EFD=∠EAD=90°，∴AE=EF＜BE，∴AE＜AB，∴＞2，故②错误．∵∠AOB=90°，∴AG=FG＞OG，△AGD与△OGD同高，∴S△AGD＞S△OGD，故③错误．∵∠EFD=∠AOF=90°，∴EF∥AC，∴∠FEG=∠AGE，∵∠AGE=∠FGE，∴∠FEG=∠FGE，∴EF=GF，∵AE=EF，∴AE=GF，故④正确．∵AE=EF=GF，AG=GF，∴AE=EF=GF=AG，∴四边形AEFG是菱形，∴∠OGF=∠OAB=45°，∴EF=GF=OG，∴BE=EF=×OG=2OG．故⑤正确．∵四边形AEFG是菱形，∴AB∥GF，AB=GF．∵∠BAO=45°，∠GOF=90°，∴△OGF时等腰直角三角形．∵S△OGF=1，∴OG2=1，解得OG=，∴BE=2OG=2，GF===2，∴AE=GF=2，∴AB=BE+AE=2+2，∴S正方形ABCD=AB2=（2+2）2=12+8，故⑥错误．∴其中正确结论的序号是：①④⑤．故选B．【点评】此题考查的是四边形综合题，涉及到正方形的性质、折叠的性质、等腰直角三角形的性质以及菱形的判定与性质等知识．此题综合性较强，难度较大，注意掌握折叠前后图形的对应关系，注意数形结合思想的应用．变式训练4：（2016·黑龙江齐齐哈尔·3分）如图，在边长为2的菱形ABCD中，∠A=60°，点M是AD边的中点，连接MC，将菱形ABCD翻折，使点A落在线段CM上的点E处，折痕交AB于点N，则线段EC的长为﹣1 ．类型五：圆的折叠问题例题5：（2015•聊城）如图，点O是圆形纸片的圆心，将这个圆形纸片按下列顺序折叠，使和都经过圆心O，则阴影部分的面积是⊙O面积的（）A. 12B.13C.23D.352. 解：作OD⊥AB于点D，连接AO，BO，CO，∵OD=AO，∴∠OAD=30°，∴∠AOB=2∠AOD=120°，同理∠BOC=120°，∴∠AOC=120°，∴阴影部分的面积=S扇形AOC=×⊙O面积．故选：B．变式训练5：（2016·山东省德州市·4分）如图，半径为1的半圆形纸片，按如图方式折叠，使对折后半圆弧的中点M与圆心O重合，则图中阴影部分的面积是．【能力检测】1.（2016·黑龙江龙东·3分）如图，等边三角形的顶点A（1，1）、B（3，1），规定把等边△ABC“先沿x轴翻折，再向左平移1个单位”为一次変换，如果这样连续经过2016次变换后，等边△ABC的顶点C的坐标为．2.（2015•湘潭）如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，△ACD沿AD折叠，使得点C落在斜边AB上的点E处．（1）求证：△BDE∽△BAC；（2）已知AC=6，BC=8，求线段AD的长度．3.（2016·浙江省绍兴市·5分）如图，矩形ABCD中，AB=4，BC=2，E是AB的中点，直线l平行于直线EC，且直线l与直线EC之间的距离为2，点F在矩形ABCD边上，将矩形ABCD沿直线EF折叠，使点A恰好落在直线l上，则DF的长为．4.（2016·重庆市A卷·4分）正方形ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，DE平分∠ADO交AC于点E，把△ADE沿AD翻折，得到△ADE′，点F是DE的中点，连接AF，BF，E′F．若AE=．则四边形ABFE′的面积是多少？5.（2015•咸宁）如图1，已知直线y=x+3与x轴交于点A，与y轴交于点B，将直线在x轴下方的部分沿x轴翻折，得到一个新函数的图象（图中的“V形折线”）．（1）类比研究函数图象的方法，请列举新函数的两条性质，并求新函数的解析式；（2）如图2，双曲线y=与新函数的图象交于点C（1，a），点D是线段AC上一动点（不包括端点），过点D作x轴的平行线，与新函数图象交于另一点E，与双曲线交于点P．①试求△PAD的面积的最大值；②探索：在点D运动的过程中，四边形PAEC能否为平行四边形？若能，求出此时点D 的坐标；若不能，请说明理由．【参考答案】变式训练1：（2016·吉林·3分）在三角形纸片ABC中，∠C=90°，∠B=30°，点D（不与B，C重合）是BC上任意一点，将此三角形纸片按下列方式折叠，若EF的长度为a，则△DEF的周长为3a （用含a的式子表示）．【解析】翻折变换（折叠问题）．由折叠的性质得出BE=EF=a，DE=BE，则BF=2a，由含30°角的直角三角形的性质得出DF=BF=a，即可得出△DEF的周长．【解答】解：由折叠的性质得：B点和D点是对称关系，DE=BE，则BE=EF=a，∴BF=2a，∵∠B=30°，∴DF=BF=a，∴△DEF的周长=DE+EF+DF=BF+DF=2a+a=3a；故答案为：3a．变式训练2：(2016河北3分）如图，将ABCD沿对角线AC折叠，使点B落在点B’处.若∠1=∠2=44°，则∠B为（）第13题图A．66°B．104°C．114°D．124°【解析】平行线的性质，折叠关系。
中考数学折叠,旋转问题专题含答案
【经典例题1】如图，CD是⊙O的直径，AB是⊙O的弦，AB⊥CD，垂足为G，OG：OC＝3：5，AB＝8．（1）求⊙O的半径；（2）点E为圆上一点，∠ECD＝15°，将沿弦CE翻折，交CD于点F，求图中阴影部分的面积．【解析】（1）连接AO，如右图1所示，∵CD为⊙O的直径，AB⊥CD，AB＝8，∴AG＝＝4，∵OG：OC＝3：5，AB⊥CD，垂足为G，∴设⊙O的半径为5k，则OG＝3k，∴（3k）2+42＝（5k）2，解得，k＝1或k＝﹣1（舍去），∴5k＝5，即⊙O的半径是5；（2）如图2所示，将阴影部分沿CE翻折，点F的对应点为M，∵∠ECD＝15°，由对称性可知，∠DCM＝30°，S阴影＝S弓形CBM，连接OM，则∠MOD＝60°，∴∠MOC＝120°，过点M作MN⊥CD于点N，∴MN＝MO•sin60°＝5×，∴S阴影＝S扇形OMC﹣S△OMC＝＝，即图中阴影部分的面积是：．练习1-1如图，在⊙O中，点C在优弧上，将弧沿BC折叠后刚好经过AB 的中点D，连接AC，CD．则下列结论中错误的是（）A．AC＝CD B．+＝C．OD⊥AB D．CD平分∠ACB 【解析】A、过D作DD'⊥BC，交⊙O于D'，连接CD'、BD'，由折叠得：CD＝CD'，∠ABC＝∠CBD'，∴AC＝CD'＝CD，故①正确；B、∵AC＝CD'，∴，由折叠得：，∴＝，故②正确；C、∵D为AB的中点，∴OD⊥AB，故③正确；D、延长OD交⊙O于E，连接CE，∵OD⊥AB，∴∠ACE＝∠BCE，∴CD不平分∠ACB，故④错误；故选：D．练习1-2如图，AB是⊙O的弦，点C在上，点D是AB的中点．将在沿AC 折叠后恰好经过点D，若⊙O的半径为2，AB＝8．则AC的长是（）A．6B．C．2D．4【解析】如图，延长BO交⊙O于E，连接AE，OA，OD，OC，BC，作CH⊥AB 于H．∵AD＝DB，∴OD⊥AB，∴∠ADO＝90°，∵OA＝2，AD＝DB＝4，∴OD＝＝2，∵BE是直径，∴∠BAE＝90°，∵AD＝DB，EO＝OB，∴OD∥AE，AE＝2OD＝4，∴AE＝AD，∴＝，∴＝，∴∠CAE＝∠CAH＝45°，∴∠BOC＝2∠CAB＝90°，∴BC＝OC＝2，∵CH⊥AB，∴∠CAH＝∠ACH＝45°，∴AH＝CH，设AH＝CH＝x，则BH＝8﹣x，在Rt△BCH中，∵CH2+BH2＝BC2，∴x2+（8﹣x）2＝（2）2，∴x＝6或2（舍弃），在Rt△ACH中，∵AC＝，∴AC＝6．故选：A．练习1-3在扇形AOB中，∠AOB＝75°，半径OA＝12，点P为AO上任一点（不与A、O重合）．（1）如图1，Q是OB上一点，若OP＝OQ，求证：BP＝AQ．（2）如图2，将扇形沿BP折叠，得到O的对称点O'．①若点O'落在上，求的长．②当BO'与扇形AOB所在的圆相切时，求折痕的长．（注：本题结果不取近似值）【解析】（1）证明：∵BO＝AO，∠O＝∠O，OP＝OQ，∴△BOP≌△AOQ（SAS）．∴BP＝AQ．（2）解：①如图1，点O'落在上，连接OO'，∵将扇形沿BP折叠，得到O的对称点O'，∴OB＝O'B，∵OB＝OO'，∴△BOO'是等边三角形，∴∠O'OB＝60°．∵∠AOB＝75°，∴∠AOO'＝15°．∴的长为．②BO'与扇形AOB所在的圆相切时，如图2所示，∴∠OBO'＝90°．∴∠OBP＝45°．过点O作OC⊥BP于点C，∵OA＝OB＝12，∠COB＝∠OBP＝45°，∴．又∵∠AOB＝75°，∠COB＝45°，∴∠POC＝30°，∴．∴．∴折痕的长为．旋转类【经典例题2】如图1，在锐角△ABC中，AB=5，AC=42，∠ACB=45∘. 计算：求BC的长；操作：将图1中的△ABC绕点B按逆时针方向旋转，得到△A1BC1.如图2，当点C1在线段CA的延长线上时。
2020年初三数学中考冲刺专题复习训练圆的折叠专题(含答案解析)
2020 年初三数学中考冲刺专题复习训练圆的折叠专题则图中阴影部分的面积是（）A．43πB．43π- 3 C．2 3 +3πD．2 3 -32π2. 如图，AB是⊙ O的弦，AC是⊙ O的直径，将AB 沿着AB弦翻折，恰好经过圆心O．若⊙ O的半径为6，则图中阴影部分的面积等于（）A．6πB．9 3C．9πD．6 33. 如图，将⊙ O 的劣弧AB 沿AB 翻折，若BC=5 ，则BD= ．4. 如图，AB 是⊙ O的直径，且AB=4 ，BD；翻折，若翻折后的圆弧恰好经过点O，π≈31，4 2 ≈1.41，3 ≈1.73，那么由线段AB、AC 和弧BC所围成的曲边三角形的面积与下列四个数值最接近的是（）A．3.2 B．3.6C．3.8 D．4.25. ）如图，在扇形AOB 中，∠ AOB=90°，半径OA=6 ，将扇形AOB 沿过点B 的直线折叠，点O 恰好落在弧AB 上点 D 处，折痕交OA 于点C，则整个阴影部分的面积为（A．9π-9 B．9π-6 3C．9π-18 D ．9π-12 31. 如图①是半径为 2 的半圆，点 C 是AB 的中点，现将半圆如图②方式翻折，使得点 C 与圆心O 重合，6. 如图，是一个圆心角为90°的扇形，AO=2cm ，点P 在半径AO 上运动，点Q 在弧AB 上运动，沿PQ 将它以上的部分向下翻折，使翻折后的弧恰好过点O，则OP 的最大距离为．7. 如图，⊙ O 的半径为5，弦AB 的长为8，将沿直线AB 折叠，折叠后如右图，则⊙ O到所作的圆的切线OC 的长为（）A ．22B ．5C．3 D ．118. 如图，将半径为长为（）12 的⊙O 沿AB 折叠，弧AB 恰好经过与AB 垂直的半径OC 的中点D，则折痕AB9.10. A ．4 2C．6A ．8cmC．2 7 cm已知如图：⊙ O圆心O，再把弧B．8 3 cmD． 4 7 cm如图，AB 是⊙O 的直径，且AB=4 ，C 是⊙ O上一点，将弧好经过点O，π≈31，4 2 ≈1.41，3 ≈1.73，那么由线段AB、AC 和弧BC 所围成的曲边三角形的面积与下列四个数值最接近的是（）A ．3.2 B． 3.6C． 3.8 D．4.214. 如图， △ABC 内接于⊙ O ，BC= 2 2 ，∠BAC=45°，将劣弧 AB 和 AC 分别沿直线 AB 、AC 折叠后交于点M ，点 S 、T 是弦 AB 、AC 上的动点，则△MST 的周长的最小值为（A ．2 2B ．4C ． 4 2D ．815. 如图，在⊙ O 中，点 C 在优弧 ? ACB 上，将弧沿 ? BC 折叠后刚好经过AB 的中点 D ，若⊙ O 的半径为 5 ，AB=4 ，则 BC 的长是11. 如图，将弧 BC 沿弦 BC 折叠交直径 AB 于点 D ，若 AD=6 ，DB=7 ，则 BC 的长是（ B ． 7 3 C ． 134 D ． 130 ） 12. 如图，在⊙ O 中，点 C 在优弧 AB 上，将弧BC 沿BC 折叠后刚好经过 AB 的中点 D ，连接 AC ，CD ．则 下列结论中错误的是（ ） ︵ ︵ ︵ A ．AC=CD B ．AC+BD=BC C ．OD ⊥AB D ．CD 平分∠ ACB13. 如图，点 O 是半径为 3 的圆形纸片的圆心，将这个圆形纸片按下列顺序折叠，使弧 过圆心 O ，则阴影部分的面积为（ ） 43 A ．2π B ．3π C ． π D ． 35 AB 和弧 BC 都经）16. 如图，AB 是半径为 2 的⊙O 的弦，将AB沿着弦AB 折叠，正好经过圆心O，点 C 是折叠后的AB上一动点，连接并延长BC交⊙ O于点D，点E是CD的中点，连接AC，AD，EO．则下列结论：①∠ ACB=120 °，②△ ACD 是等边三角形，③EO 的最小值为1，其中正确的是．（请将正确答案的序号填在横线上）17. 如图，将AB沿着弦AB 翻折， C 为翻折后的弧上任意一点，延长于 D ，连接BC．（1）求证：BC=BD ；2）若AC=1 ，CD=4，AB=120°，求弦AB 的长和圆的半径．18. 如图，已知⊙ O 的半径为2，AB 为直径，CD 为弦．AB 与CD 交于点M，将CD 沿CD 翻折后，点A与圆心O 重合，延长OA 至P，使AP=OA ，连接PC （1）求CD 的长；（2）求证：PC是⊙O 的切线；3）点G为ADB 的中点，在PC延长线上有一动点Q，连接QG交AB于点E．交BC 于点F（F与B、AC 交圆19. 如图1和图2，AB是⊙ O的直径，AB=10 ，C是⊙ O上的一点，将BC 沿弦BC翻折，交AB于点D．1）若点 D 与圆心O 重合，直接写出∠ B 的度数；2）设CD交⊙O于点E，若CE平分∠ ACB ，①求证：△BDE 是等腰三角形；②求△ BDE 的面积；3）将图 1 中的BD 沿直径AB 翻折，得到图2，若点 F 恰好是翻折后的BD 的中点，直接写出∠ B 的21. 如图1，在平面直角坐标系中，已知点M的坐标是（3，0），半径为2的⊙M交x轴于E、F两点，过点P（-1，0）作⊙M的切线，切点为点 A ，过点A作AB ⊥ x轴于点C，交⊙M于点B．抛物线y=ax2+bx+c 经过P、B 、M 三点．（1）求该抛物线的函数表达式；（2）若点Q是抛物线上一动点，且位于P、B两点之间，设四边形APQB的面积为S，点Q的横坐标为x，求S与x之间的函数关系式，并求S的最大值和此时点Q的坐标；（3）如图2，将弧AEB 沿弦AB 对折后得到弧AE′B，试判断直线AF 与弧AE′B的位置关系，并说明20. 如图，CD 是⊙ O 的直径，（1）求⊙ O 的半径；AB 是⊙ O的弦，AB ⊥CD ，垂足为G，OG：OC=3：5，AB=8．2）点 E 为圆上一点，ECD=1°5 ，将CE 沿弦CE翻折，交CD于点F，求图中阴影部分的面积．度数．则图中阴影部分的面积是（）1【分析】 连接 OC 交 MN 于点 P ，连接 OM、ON ，根据折叠的性质得到 OP=2OM ，得到∠ POM=60 °，根 据勾股定理求出 MN ，结合图形计算即可．理由．圆的折叠专题22. 如图①是半径为 2 的半圆，点 C 是 AB 的中点，现将半圆如图②方式翻折，使得点 C 与圆心 O 重合，解答】 解：连接 OC 交 MN 于点 P ，连接 OM 、ON ，由题意知， OC ⊥MN ，且 OP=PC=1 ， 在 Rt △MOP 中， ∵ OM=2 ，OP=1， ∴cos ∠ POM=OPOM= 12，AC= OM 2 OP 2 = 3， ∴∠ POM=6°0 ， MN=2MP=2 3 ， ∴∠ AOB=2 ∠ AOC=12°0 ，则图中阴影部分的面积 =S 半圆 -2S 弓形 MCN = 1×π×2-22 ×(120 π×2- 1×2 3 ×1)=2 3 -2π，2 360 2 3故选： D ．点评】 本题考查了轴对称的性质的运用、勾股定理的运用、三角函数值的运用、扇形的面积公式的运用、 三角形的面积公式的运用，解答时运用轴对称的性质求解是关键．23. 如图， AB 是⊙ O 的弦， AC 是⊙ O 的直径，将 AB 沿着AB 弦翻折，恰好经过圆心 O ．若⊙ O 的半径为 6，则图中阴影部分的面积等于（ ）C ． 9π分析】 由题意△ OBC 是等边三角形，弓形 OnB 的面积 =弓形 BmC 的面积，根据 S 阴=S △OBC 计算即可． 解答】 解：如图，连接 OB ，BC ．由题意△ OBC 是等边三角形，弓形 ∴S 阴=S △OBC= 3 ×62=9 3，4故选： B ．点评】 本题考查扇形的面积的计算，垂径定理，翻折变换等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，属 于中考常考题型．24. 如图，将⊙ O 的劣弧 AB 沿 AB 翻折， D 为优弧ADB 上一点，连接 AD ，交AB 于点 C ，连接 BC 、BD ； 若 BC=5 ，则 BD= ．OnB 的面积 =弓形 BmC 的面积，【分析】根据圆周角定理、翻转变换的性质得到∠ADB= ∠BCD ，根据等腰三角形的判定定理解答．【解答】解：由翻转变换的性质可知，∠ ADB 所对的弧是劣弧AB ，∠CAB 所对的弧是劣弧BC ，∠ CBA 所对的弧是劣弧AC ，∴∠ ADB= ∠CAB+ ∠CBA ，由三角形的外角的性质可知，∠ BCD= ∠ CAB+ ∠CBA，∴∠ ADB= ∠BCD ，∴ BD=BC=5 ，故答案为：5．【点评】本题考查的是翻转变换的性质、圆周角定理的应用，掌握翻转变换是一种对称变换，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等是解题的关键．25. 如图，AB是⊙O的直径，且AB=4 ，C是⊙O上一点，将弧AC沿直线AC翻折，若翻折后的圆弧恰好经过点O，π≈31，4 2 ≈1.41，3 ≈1.73，那么由线段AB、AC 和弧BC 所围成的曲边三角形的面积与下列四个数值最接近的是（）A． 3.2 B． 3.6 C．3.8 D．4.2【分析】作MN 关于直线AN 的对称线段M′N，交半圆于B'，连接AM 、AM′，构造全等三角形，然后利用勾股定理、割线定理解答．【解答】解：如图，作MN 关于直线AN 的对称线段M′N，交半圆于B'，连接AM 、AM′，可得M、A 、M′三点共线，MA=M′A ，MB=M′B′=4，M′N=MN=10．连接AB' ，∵ 四边形AMNB' 是圆内接四边形，∴∠ M'AB'= ∠ M'NM ，∵∠M'=∠M'，∴△M'AB' ∽△M'NM ，∴M′A＝M′ B′∴M′N＝M′M∴M′A?M′M=M′B′?M′，N即M′A?2M′A=4×10=40．则M′A2=20，又∵ M′A2=M′N2-AN 2，∴20=100-AN 2，∴ AN=4 5 ．故选： B ．【点评】此题将翻折变换、勾股定理、割线定理相结合，考查了同学们的综合应用能力，要善于观察图形特点，然后做出解答．26. ）如图，在扇形AOB 中，∠ AOB=90°，半径OA=6 ，将扇形AOB 沿过点 B 的直线折叠，点O 恰好落在弧AB 上点 D 处，折痕交OA 于点C，则整个阴影部分的面积为（）A ．9π-9 B．9π-6 3 C．9π-18 D．9π-12 3分析】首先连接OD，由折叠的性质，可得CD=CO ，BD=BO ，∠ DBC= ∠ OBC ，则可得△ OBD 是等边三角形，继而求得OC 的长，即可求得△ OBC 与△BCD 的面积，又在扇形OAB 中，∠AOB=90 °，半径OA=6 ，即可求得扇形OAB 的面积，继而求得阴影部分面积．解答】解：连接OD．根据折叠的性质，CD=CO ，是等边三角形，∴∠ DBO=6°0 ，1 ∴∠ CBO=2∠DBO=3°0 ，∵∠ AOB=9°0 ，∴ OC=OB?tan∠ CBO=×6 3 =2 3 ，3BD=BO ，∠DBC= ∠OBC，∴OB=OD=BD ，即△OBDS△BDC=S△OBC=12×OB×OC=12×6×2 3=6 3S扇形AOB=360?π×2=69π，∴整个阴影部分的面积为：S 扇形AOB -S△ BDC -S△OBC =9π-6 3 -6 3 =9π-12 3 ．故选： D ．【点评】此题考查了折叠的性质、扇形面积公式以及直角三角形的性质．此题难度适中，注意数形结合思想的应用，注意辅助线的作法．点评】本题考查了翻折变换-折叠问题，等边三角形的判定和性质，正确的在才辅助线是解题的关键．28. 如图，⊙ O 的半径为5，弦AB 的长为8，将沿直线AB 折叠，折叠后如右图，则⊙ O 到所作的圆的切线OC 的长为（）A．22 B． 5 C．3 D ．1127. 如图，是一个圆心角为90 °的扇形，AO=2cm ，将它以上的部分向下翻折，使翻折后点P 在半径AO 上运动，点Q 在弧AB 上运动，沿PQO，则OP 的最大距离为．分析】作O 关于PQ 的对称点O′，O′恰好落在⊙O 上，于是得到OP=12Rcos∠ POE推出△OO′Q为等边三角形，根据等边三角形的性质得到OQ=O′Q=OO′=R ，当cos∠POE 最小时，∠ POE 最大，当∠ QOB=°0时，∠POE=3°0 于是得到结论．解答】解：作O 关于PQ 的对称点O′，O′恰好落在⊙O 上，1OP=cos∠2 POE，∵△ OO′Q为等边三角形，∴OQ=′O Q=O′O =R ，∠POE+∠QOB=3°0 ，当cos∠POE 最小时，∠POE 最大，当∠ QOB=°0 时，∠POE=3°0 ，∴OP= 1 =2 3．cos30 °故答案为：233分析】 延长 CO 交 AB 于 E 点，连接 OB ，构造直角三角形，然后再根据勾股定理求出 AB 的长 解答】 解：延长 CO 交 AB 于 E 点，连接 OB ，∵CE ⊥AB ， ∴E 为 AB 的中点， ∵OC=6 ，CD=2OD ， ∴CD=4 ，OD=2 ， OB=6 ，1 1 1∴DE=2（2OC-CD ）=2（6×2-4）=2×8=4，【分析】 根据题意先画出图形，可知翻转过后的弧已知圆的半径，故根据勾股定理即可求出答案． AB 所在的圆和⊙ O 全等，且两个圆的圆心相距为 6，又解答】 解：根据题意画出图形如下所示：BD=4 ， OB=5 ，点 O ′为翻转过后的弧 AB 所在圆的圆心， 则有 O ′D=OD= 52 42 =3．又 O ′C =5， O ′ O=，6 ∴ OC= O ′O 2 O ′C 2 = 62 52 = 11 ．故选： D ．点评】 本题考查了翻转变换、垂径定理及圆的切线的性质，难度不大，找出翻转过后的弧 AB 所在圆的圆心是解题关键．29. 如图，将半径为 12 的⊙O 沿 AB 折叠，弧 AB 恰好经过与 AB 垂直的半径 OC 的中点 D ，则折痕 AB 长为（ ）C ．6D ．6 22∴ OE=DE-OD=4-2=2 ，在Rt△OEB 中，∵ OE2+BE2=OB 2，∴ BE= OB2OE2= 62424 2 ∴ AB=2BE=8 2 ．故选：B．【点评】本题考查的是垂径定理及勾股定理，根据题意作出辅助线，构造出直角三角形，利用勾股定理求解是解答此题的关键．30. 已知如图：⊙O的半径为8cm，把弧AmB沿AB 折叠使弧AmB经过圆心O，再把弧AOB沿CD折叠，使弧COD 经过AB 的中点E，则折线CD 的长为（）【分析】连接OE 并延长交CD 于点F，交C′ D于′点F′，交弧AmB 于点G，根据翻折的性质得出OF′ =，6 再由勾股定理得出．【解答】解：连接OE 并延长交CD 于点F，交C′于D′点F′，交弧AmB 于点G ，∵ OC′=8cm，∴ OF′=6cm，∴C′F′=CF=8262=2 7 cm， F∴ CD=2CD=4 7 cm．故选：D．点评】本题考查了垂径定理和勾股定理以及翻折的性质，是基础知识要熟练掌握．31. 如图，AB是⊙O的直径，且AB=4 ，C是⊙O上一点，将弧AC沿直线AC翻折，若翻折后的圆弧恰好经过点O，π≈ 314，2 ≈1.41，3 ≈1.73，那么由线段AB、AC 和弧BC所围成的曲边三角形的面积与下列四个数值最接近的是（）A．3.2 B． 3.6 C． 3.8 D ．4.2A．8cm B．8 3 cm C．2 7 cm D． 4 7 cm【分析】连接 CA 、CD ，根据翻折的性质可得弧 CD 所对的圆周角是∠ CBD ，再根据 AC 弧所得的圆周角也1是∠ CBA ，然后求出 AC=CD ，过点 C 作CE ⊥ AB 于E ，根据等腰三角形三线合一的性质可得 AE=ED= 12 AD ，分析】 作OE ⊥AC 交⊙O 于F ，交 AC 于E ，根据折叠的性质得到 1 OE=12OF，求出∠ ACB 的度数即可解决问题．解答】 解：作 OE ⊥AC 交⊙ O 于F ，交 AC 于E ．连接 OB ，BC ．1由折叠的性质可知， EF=OE= 12OF ， ∴OE=12OA ，1在 Rt △AOE 中， OE= 2OA ， ∴∠ CAB=30° ， ∵ AB 是直径，∴∠ ACB=90° ， ∠BOC=2 ∠BAC=60° ， ∵ AB=4 ，∴BC= 12AB=2 ， AC= 3 BC=2 3 ，∴线段 AB 、AC 和弧 BC 所围成的曲边三角形的面积为π 2 3S=12?AC?BC+S 扇形OBC -S △OBC =12×2 3×2+60360?2- 43 ×22= 3 +23π≈ 3，.8故选：C ．点评】 本题考查的是翻折变换的性质、圆周角定理，折叠是一种对称变换，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．32. 如图，将弧 BC 沿弦 BC 折叠交直径 AB 于点 D ，若 AD=6 ，DB=7 ，则 BC 的长是（ ）A ． 91B ． 7 3C ． 134D ． 130AE CE CE = BE即 CE 2=AE?BE=3× 10=30，在Rt △ BCE 中， BC= BE 2 CE 2 = 102 30= 130 ， 故选： D ．【点评】 本题考查了翻折的性质，相似三角形的判定与性质，圆的性质，等腰三角形的判定与性质，作辅 助线并求出AC=CD 是解题的关键．33. 如图，在⊙ O 中，点 C 在优弧 AB 上，将弧BC 沿BC 折叠后刚好经过 AB 的中点 D ，连接 AC ，CD ．则列结论中错误的是（ ）A ． AC=CDB ． AC+BD=BC C ． OD ⊥ ABD ．CD 平分∠ ACB分析】 A 、作辅助线，构建折叠的性质可得 AD=CD ；B 、相等两弧相加可作判断；C 、根据垂径定理可作判断；D 、延长 OD 交⊙O 于E ，连接 CE ，根据垂径定理可作判断． 解答】解：A 、过D 作DD'⊥BC ，交⊙O 于D'，连接 CD' 、BD' ， 由折叠得： CD=CD' ，∠ ABC= ∠ CBD' ，根据直径所对的圆周角是直角可得∠ ACB=90 °，然后求出△ ACE 和△ CBE 相似，根据相似三角形对应边 成比例求出 CE 2，再求出 BE ，然后利用勾股定理列式计算即可求出BC ．解答】 解：如图，连接 CA 、CD ， 根据折叠的性质，弧 CD 所对的圆周角是 ∠CBD ， ∵弧AC 所对的圆 周角是∠ CBA ，∠CBA= ∠CBD ，∴AC=CD （相等的圆周角所对的弦相等） ，11过点 C 作 CE ⊥AB 于 E ， 则 AE=ED= 2AD=2×6=3，∴BE=BD+DE=7+3=10 ， ∵ AB 是直径， ∴∠ ACB=90° ， ∵CE ⊥AB ， ∴∠ ACB= ∠AEC=90° ，∴∠ A+ ∠ ACE= ∠ACE+ ∠BCE=90° ， ∴∠A= ∠BCE ，∴△ACE ∽△ CBE ，∴ AC+BD=BC，故②正确；C、∵D 为AB 的中点，∴OD⊥AB ，故③正确；D、延长OD 交⊙O于E，连接CE，∵ OD⊥AB ，∴∠ACE=∠BCE，∴CD 不平分∠ACB，故④错误；故选：D．【点评】本题考查了折叠的性质：折叠是一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．也考查了圆周角定理和垂径定理．34. 如图，点O 是半径为 3 的圆形纸片的圆心，将这个圆形纸片按下列顺序折叠，使弧过圆心O，则阴影部分的面积为（）4A．2πB．3πC．π3【分析】作OD⊥AB 于点D，连接AO ，BO，CO，求出∠ OAD=30 °，得到∠ AOB=2 ∠AOD=120 °，进而求得∠ AOC=120 °，再利用阴影部分的面积=S扇形AOC 得出阴影部分的面积是⊙ O面积的13，即可得出答案．【解答】解：作OD⊥AB于点D，连接AO，BO，CO，如图所示1 ∵OD=2AO∴∠ OAD=30°，∴∠ AOB=2∠ AOD=120°，同理∠ BOC=120°，∴∠ AOC=120°，11∴阴影部分的面积=S扇形BOC= ×⊙O面积= ×π× 32=3π，故选：B．点评】本题主要考查了翻折变换的性质、扇形面积以及圆的面积公式等知识；解题的关键是确定∠AOC=120 °．︵︵35. 如图，△ABC 内接于⊙ O，BC= 2 2，∠ BAC=45°，将劣弧AB和AC分别沿直线AB、AC 折叠后交于点M，点S、T 是弦AB、AC 上的动点，则△MST 的周长的最小值为（）A．2 2 B．4 C．4 2 D．8AB 和弧BC 都经D．周上，连接M′M″，交AB 于S，交AC 于T，则△ MST 的周长最小，连接AM ′，AM ″，OB，OC，根据圆周角定理得到M′M″是⊙ O 的直径，即可得到结论．解答】解：作点M 关于AB 的对称点M′，关于AC 的对称点M″，∵将劣弧AB 和AC 分别沿直线AB、AC 折叠后交于点M，∴点M′，M″在圆周上，连接M′M″，交AB 于S，交AC 于T ，则△ MST的周长最小，连接AM′，AM″ ，OB，OC，则∠M′AM″=2∠BAC ，∵∠ BAC=45° ，∴∠M′AM″=∠ BOC=9°0 ，∵BC=2 2 ，∴ OB=2，∴M′M″=2OB=4，∴△ MST 的周长的最小值为4，故选：B．点评】本题考查了三角形的外接圆与外心，轴对称-最短路线问题，翻折变换（折叠问题），圆周角定理，勾股定理，正确的作出辅助线是解题的关键．36. 如图，在⊙ O 中，点 C 在优弧? ACB 上，将弧沿? BC 折叠后刚好经过AB 的中点D，若⊙ O 的半径为5，AB=4 ，则BC 的长是．【分析】连接OD 、AC 、DC 、OB 、OC ，作CE⊥AB 于E，OF⊥CE 于F，如图，利用垂径定理得到OD⊥AB ，则AD=BD= 21AB=2 ，于是根据勾股定理可计算出OD=1 ，再利用折叠的性质可判断弧AC 和弧CD 所在的圆分析】作点M 关于AB 的对称点M ′，关于AC 的对称点M，根据折叠的性质得到点M′，M″在圆为等圆，则根据圆周角定理得到AC= CD，所以AC=DC ，利用等腰三角形的性质得AE=DE=1 ，接着证明四边形ODEF 为正方形得到OF=EF=1 ，然后计算出CF后得到CE=BE=3 ，于是得到BC=3 2 ．解答】解：连接OD、AC、DC、OB、OC，作CE⊥AB 于E，OF⊥CE于F，如图，∵ D 为AB 的中点，∴OD⊥AB，1∴AD=BD=2AB=2 ，在Rt△OBD 中，OD= OB2BD2= ( 5)222=1，∵将弧BC 沿BC 折叠后刚好经过AB 的中点D．∴AC和CD所在的圆为等圆，︵︵∴AC= CD，∴ AC=DC ，∴ AE=DE=1 ，易得四边形ODEF 为正方形，∴ OF=EF=1 ，在Rt△OCF中，CF= CO2OF2= ( 5)212=2，∴ CE=CF+EF=2+1=3 ，而BE=BD+DE=2+1=3 ，∴ BC=3 2 ．故答案为 3 2 ．【点评】本题考查了折叠的性质：折叠是一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．也考查了圆周角定理和垂径定理．37. 如图，AB 是半径为 2 的⊙ O 的弦，将AB沿着弦AB 折叠，正好经过圆心O，点 C 是折叠后的AB上一动点，连接并延长BC交⊙ O于点D，点E是CD的中点，连接AC ，AD ，EO．则下列结论：①∠ ACB=120 ②△ACD 是等边三角形，③ EO 的最小值为1，其中正确的是．（请将正确答案的序号填在横线上）分析】根据折叠的性质可知，结合垂径定理、三角形的性质、同圆或等圆中圆周角与圆心的性质等可以判断①②是否正确，EO 的最小值问题是个难点，这是一个动点问题，只要把握住 E 在什么轨迹上运动，便可解决问题．解答】解：如图1，连接OA 和OB，作OF⊥AB ．由题知：AB沿着弦AB 折叠，正好经过圆心O1∴ OF=OA= 2OB∴∠ AOF=∠ BOF=60°∴∠ AOB=12°0∴∠ ACB=12°0 （同弧所对圆周角相等）1∠ D= 21∠ AOB=6°0 （同弧所对的圆周角是圆心角的一半）∴∠ ACD=18°0 -∠ ACB=60°∴△ ACD 是等边三角形（有两个角是60°的三角形是等边三角形）故，①② 正确下面研究问题EO 的最小值是否是1如图2，连接AE 和EF∵△ ACD 是等边三角形， E 是CD 中点∴AE⊥BD （三线合一）又∵ OF⊥AB∴F是AB 中点即，EF 是△ABE 斜边中线∴AF=EF=BF 即，E点在以AB 为直径的圆上运动．所以，如图3，当E、O、F在同一直线时，OE 长度最小此时，AE=EF ，AE ⊥EF∵⊙ O 的半径是2，即OA=2 ，OF=1∴AF= 3（勾股定理）∴ OE=EF-OF=AF-OF= 3 -1所以，③ 不正确综上所述：①② 正确，③不正确．故答案为①②．点评】本题考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．推论：半圆（或直径）所对的圆周角是直角，所90°的圆周角对的弦是直径．也考查了垂径定理．38. 如图，将AB沿着弦AB 翻折， C 为翻折后的弧上任意一点，延长AC 交圆于D，连接BC ．（1）求证：BC=BD ；（2）若AC=1 ，CD=4 ，AB=120°，求弦AB 的长和圆的半径．【分析】（1）作点 C 关于AB 的对称点 C ′，连接 AC ′，BC ′．利用翻折不变性，以及圆周角定理即可解决问 题；（2）连接 OA ，OB ，作OM ⊥AB 于M ，AH ⊥BC 交BC 的延长线于 H ．解直角三角形求出 AB ，OA 即 可；【解答】（ 1）证明：作点 C 关于 AB 的对称点 C ′，连接 AC ′，BC ′． 由翻折不变性可知： BC=BC ′ ，∠ CAB= ∠ BAC ′， ∴ BD=BC ′， ∴ BD=BC ′ ， ∴ BC=BD ．2）解：连接 OA ，OB ，作 OM ⊥AB 于 M ，AH ⊥BC 交 BC 的延长线于 H ．∵ AB=120 °，1∴∠ D= 2×120 °=60 °，∴∠ AOB= ∠ACB=2 ∠ D=120°， ∵ BC=BD ，∴△ BCD 是等边三角形，∴ BC=DC=4 ，在 Rt △ ACH 中， ∵∠ H=90°，∠ACH=6°0 ，AC=1 ， ∴CH=21，AH=∵ OM ⊥ AB ， ∴ AM=BM=21，在 Rt △ AOM 中，2∵∠ OAM=3°0 ， ∠ AMO=9°0 ， ∴ OA=AMcos3°0 = 7【点评】 本题考查圆心角、弧、弦之间的关系，垂径定理，勾股定理，翻折变换，等边三角形的判定和性 质，解直角三角形等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题．∴ AB= AH 2BH2= ( 23)292(92)2= 21，39. 如图，已知⊙ O 的半径为2，AB 为直径，CD 为弦．AB 与CD 交于点M，将CD 沿CD 翻折后，点 A与圆心O 重合，延长OA 至P，使AP=OA ，连接PC（1）求CD 的长；（2）求证：PC是⊙O 的切线；3）点G为ADB 的中点，在PC延长线上有一动点Q，连接QG交AB于点E．交BC 于点F（F与B、分析】（1）连接OC，根据翻折的性质求出OM，CD⊥OA ，再利用勾股定理列式求解即可；（2）利用勾股定理列式求出PC，然后利用勾股定理逆定理求出∠ PCO=9°0 ，再根据圆的切线的定义证明即可；（3）连接GA 、AF、GB，根据等弧所对的圆周角相等可得∠BAG= ∠AFG ，然后根据两组角对应相等两三角相似求出△ AGE 和△FGA 相似，根据相似三角形对应边成比例可得A G G E = A F G G，从而得到GE?GF=AG 2，再根据等腰直角三角形的性质求解即可．解答】（1）解：如图，连接OC，∵CD 沿CD翻折后，点A与圆心O重合，11 ∴OM= 2OA= 2×2=1，CD⊥OA，∵ OC=2 ，∴CD=2CM=2 OC2OM2=2 2212=2 3；2）证明：∵PA=OA=2 ，AM=OM=1 ，CM= 12CD= 3 ，∠CMP= ∠OMC=90° ，∴PC= MC2PM2= （ 3）232=2 3，∵OC=2 ，PO=2+2=4 ，∴PC2+OC2=（2 3 ）2+22=16=PO2，∴∠ PCO=9°0 ，∴PC是⊙O 的切线；3）解：GE?GF 是定值，证明如下，连接GO并延长，交⊙O于点H，连接HF∵ 点G 为ADB 的中点∴∠ GOE=9°0 ，∵∠ HFG=9°0 ，且∠OGE= ∠FGH∴△ OGE∽△ FGH∴OG GE∴GF = GH∴ GE?GF=OG?GH×=42=8 ．点评】本题是圆的综合题型，主要利用了翻折变换的性质，垂径定理，勾股定理，勾股定理逆定理，圆的切线的定义，相似三角形的判定与性质，难点在于（3）作辅助线构造出相似三角形．40. 如图1和图2，AB 是⊙ O的直径，AB=10 ，C是⊙ O上的一点，将BC 沿弦BC 翻折，交AB 于点D．（1）若点 D 与圆心O 重合，直接写出∠ B 的度数；（2）设CD 交⊙O于点E，若CE平分∠ ACB，①求证：△BDE 是等腰三角形；②求△ BDE 的面积；（3）将图 1 中的BD 沿直径AB 翻折，得到图2，若点 F 恰好是翻折后的BD 的中点，直接写出∠ B 的分析】（1）如图所示：将⊙ O 沿BC 翻折得到⊙ O′，则⊙ O 与⊙ O′为等圆，然后证明AC =CD =BD ，则可得到AC 的弧度，从而可求得∠ B的度数；（2）①将⊙ O沿BC翻折得到⊙ O′，则⊙ O与⊙ O′为等圆，在⊙ O′上取点E′，连接CE′，BE′．由等弧所对的圆周角相等可得到∠ CEB= ∠ E′，依据圆内接四边形的性质可得到E′∠= BDE ，故此可证明∠ CEB= ∠BDE；②连接OE．先证明∠ BOE 为直角，依据勾股定理可求得BE 的长，从而得到BD 的长，最后依据度数．1△DBE 的面积=2BD?OE 求解即可；3）将⊙ O 沿BC 翻折得到⊙ O′，将⊙ O′沿BD 翻折得到⊙ O″，则⊙ O、⊙ O′、⊙ O″为等圆．依据在同圆或等圆中相等的圆周角所对的弧相等可证明AC =CD =DF=FB，从而可得到弧AC 的度数，由弧AC 的度数可求得∠ B 的度数．解答】解：（1）如图所示：将⊙O沿BC 翻折得到⊙O′，则⊙O 与⊙O′为等圆．∵AC与CD所对的角均为∠CBA，⊙O 与⊙ O′为等圆，∴AC =CD ．又∵ CD=BC ，︵︵∴ CD =BD．又∵CDB =CO′B，︵1︵∴AC =3ACB ，1∴∠ADC= 3×180 °=60°．∴∠B=30°．2）①将⊙O沿BC翻折得到⊙O′，则⊙O与⊙O′为等圆，在⊙O′上取点E′，连接CE′，BE′．由翻折的性质可知：CFB=CDB，∴∠ CEB= ∠E′．∵ 四边形CDBE′是圆内接四边形，∴∠ E′=∠BDE ．∴∠ CEB= ∠ BDE ．∴ BE=BD ．∴△ BDE 为等腰三角形．②如图2所示：连接OE．∵AB 是⊙O 的直径，∴∠ ACB=90° ．∵CE 是∠ACB 的角平分线，∴∠ BCE=45° ．∴∠ BOE=9°0 ．在Rt△OBE 中，BE= OE2OB2=5 2 ．∴ BD=5 2 ．∴△DBE 的面积=12BD?OE=12×5 225 2 ×5= ．23）将⊙ O 沿BC 翻折得到 ⊙O ′，将⊙O ′沿BD 翻折得到⊙O ″， 则⊙O 、⊙O ′、⊙ O ″为等圆．∵⊙O 与⊙O ′为等圆，劣弧 AC 与劣弧 CD 所对的角均为 ∠ABC ，∴ AC =CD ．同理： DF =CD ．又∵F 是劣弧 BD 的中点，∴ DF =BF ．∴ AC =CD =DF=FB ．∴ 弧 AC 的度数 =180°÷4=45°．1∴∠ B= 2×45 °=22.5 °．点评】 本题主要考查的是圆的综合应用，解答本题主要应用了翻折的性质、弧、弦、圆周角之间的关系、圆内接四边形的性质，等腰三角形的判定，找出图形中的等弧是解题的关键．41. 如图，CD 是⊙ O 的直径， AB 是⊙ O 的弦， AB ⊥CD ，垂足为 G ，OG ：OC=3：5，AB=8． （1）求⊙ O 的半径；ECD=1°5 ，将 CE 沿弦 CE 翻折，交 CD 于点 F ，求图中阴影部分的面积．分析】（ 1）根据 AB ⊥ CD ，垂足为 G ， OG ： OC=3： 5， AB=8 ，可以求得⊙ O 的半径； （2）要求阴影部分的面积只要做出合适的辅助线，然后利用锐角三角函数、扇形的面积和三角形 的面积即可解答本题．解答】 解：（1）连接 AO ，如右图 1 所示，2）点 E 为圆上一点，∵CD 为⊙ O的直径，AB⊥CD，AB=8，∴ AG= 21AB=4 ，∵OG：OC=3：5，AB ⊥ CD，垂足为G，∴设⊙O 的半径为5k，则OG=3k ，∴（3k）2+42=（5k）2，解得，k=1 或k=-1 （舍去），∴5k=5，即⊙O 的半径是5；【点评】 本题考查垂径定理、扇形的面积、翻折变换，解题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件， 利用数形结合的思想解答问题．42. 如图 1，在平面直角坐标系中，已知点 M 的坐标是（ 3，0），半径为 2的⊙M 交x 轴于 E 、 F 两点，过点P （-1，0）作⊙M 的切线，切点为点 A ，过点A 作AB ⊥ x 轴于点 C ，交⊙M 于点B ．抛物线y=ax 2+bx+c 经过 P 、B 、 M 三点．（1）求该抛物线的函数表达式；（2）若点 Q 是抛物线上一动点，且位于 P 、B 两点之间，设四边形 APQB 的面积为 S ，点 Q 的横坐标 为 x ，求 S 与 x 之间的函数关系式，并求 S 的最大值和此时点 Q 的坐标；（ 3）如图 2，将弧 AEB 沿弦 AB 对折后得到弧 AE ′B ，试判断直线 AF 与弧 AE ′B 的位置关系，并说明解答】2）如图 2 所示，将阴影部分沿 CE 翻折，点 F 的对应点为 M ， ∵∠ ECD=1°5 ，由对称性可知， ∠DCM=3°0 ，S 阴影=S 弓形 CBM ， 连接 OM ，则 ∠ MOD=6°0 ， ∴∠ MOC=12°0 ， 过点 M 作 MN ⊥CD 于点 N ， ∴ MN=MO?sin6°0 =5× 3＝ 5 3 2 ＝ 2 120×π×2 51 5 3 25π ∴ S 阴影 =S 扇形 OMC -S △ OMC = - ×5× = 阴影 扇形 △ 360 2 2 3 53 4 即图中阴影部分的面积是： 25π 3 53 4【点评】本题考查了二次函数解析式的确定、图形面积的求法、圆心角定理、切线的性质与判定、特殊三角形的判定和性质等知识点．。
中考数学中的旋转翻折类问题专项训练经典汇编(共30题)
中考数学中的旋转翻折类问题专项训练经典汇编（共30题）1．阅读下面材料．小炎遇到这个一个问题：如图1，点E、F分别在正方形ABCD的边BC、CD上，∠EAF ＝45°，连接EF，则EF＝BE+DF，试说明理由．小炎是这样思考的：要想解决这个问题，首先应想办法将这些分散的线段相对集中，她先尝试了翻折、旋转、平移的方法，最后发现线段AB、AD是共点并且相等的，于是找到解决问题的方法．她的方法是将△ABE绕着点A逆时针旋转90°得到△ADG，再利用全等的知识解决这个问题（如图2）．参考小炎同学思考问题的方法，解决下列问题：（1）写出小炎的推理过程；（2）如图3，四边形ABCD中，AB＝AD，∠BAD＝90°，点E、F分别在边BC、CD 上，∠EAF＝45°，若∠B、∠D都不是直角，则当∠B与∠D满足于关系时，仍有EF＝BE+DF；（3）如图4，在△ABC中，∠BAC＝90°，AB＝AC，点D、E均在边BC上，且∠DAE ＝45°，若BD＝1，EC＝2，求DE的长．2．如图1，把△ABC沿直线BC平移线段BC的长度，得到△ECD；如图2，以BC为轴，把△ABC沿BC翻折180°，可以得到△DBC；如图3，以点A为中心，把△ABC旋转180°，可以得到△AED．像这样，其中一个三角形是由另一个三角形按平移、翻折、旋转等方法得到的，这种只改变位置，不改变形状、大小的图形变换，叫做三角形的全等变换．回答下列问题：（1）在图4中，可以使△ABE通过平移、翻折、旋转中的哪一种方法得到△ADF？（2）图中线段BE与DF相等吗？为什么？3．阅读材料并解答问题：探究：小明遇到这样一个问题：如图1，在正方形ABCD，点E、F分别为BC、CD边上的点，且∠EAF＝45°，求证：BE+DF＝EF．小明是这样思考的：要想解决这个问题，首先应想办法将这些分散的线段集中到同一条线段上．他先后尝试了平移、翻折、旋转的方法，发现通过旋转可以解决此问题．他的方法是将△ADF绕点A顺时针旋转90°得到△ABG（如图1），此时GE即是BE+DF．请回答：在图1中，∠GAF的度数是．理解：如图2，已知Rt△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝BC，点D、E在斜边AB上，且∠DCE＝45°，请写出AD、DE、BE三条线段之间的数量关系，并证明．应用：如图3，正方形ABCD中，△AMN的顶点M、N分别在BC、CD边上，AH⊥MN，且AH＝AB，连接BD分别交AM、AN于点E，若MH＝2，NH＝3，DF＝2，求AH、EF的长．4．阅读下面材料：小炎遇到这样一个问题：如图1，点E、F分别在正方形ABCD的边BC，CD上，∠EAF ＝45°，连接EF，则EF＝BE+DF，试说明理由．小炎是这样思考的：要想解决这个问题，首先应想办法将这些分散的线段相对集中．她先后尝试了翻折、旋转、平移的方法，最后发现线段AB，AD是共点并且相等的，于是找到解决问题的方法．她的方法是将△ABE绕着点A逆时针旋转90°得到△ADG，再利用全等的知识解决了这个问题（如图2）．参考小炎同学思考问题的方法，解决下列问题：（1）如图3，四边形ABCD中，AB＝AD，∠BAD＝90°点E，F分别在边BC，CD上，∠EAF＝45°．若∠B，∠D都不是直角，则当∠B与∠D满足关系时，仍有EF＝BE+DF；（2）如图4，在△ABC中，∠BAC＝90°，AB＝AC，点D、E均在边BC上，且∠DAE ＝45°，若BD＝1，EC＝2，求DE的长．5．如图，在正方形ABCD中，E为AD的中点，F是BA延长线上一点，AF＝AB．（1）图中的全等三角形是哪一对？（2）在图中，可以通过平移、翻折、旋转中哪一种方法，使△ABE变换到△ADF的位置？（3）图中线段BE与DF之间有怎样的关系？为什么？6．已知点E是△ABC内部一点．将△ABE沿BE翻折，点A落在BC上的点F′处．（1）如图1，若∠BAC﹣80°，∠C﹣40°，EF∥AC．求∠BEF的度数；（2）如图2，若∠C＝2∠BAE，请说明．（3）如图3．连接AF，若AE⊥BC，∠ABC﹣70°，∠C＝40°，将△BEF绕点B顺时针方向旋转一个角度α（0＜α＜180°）得到ΔBE1F1，则在这个旋转过程中，当E1F1与△AFC的某一边垂直时，直接写出旋转角α的度数．7．如图1，在Rt△ABC中，∠A＝90°，AB＝21，AC＝28，点D为BC边上一点，过点作DE⊥AB于点E，作DF⊥AC于点F，且DE＝DF．（1）求证：四边形AEDF为正方形；（2）如图2，将△CDF沿DF翻折，得△GDF，DG交AB于点H，求证：DH＝DB；（3）将（2）中的△BDH绕点D逆时针旋转α（0°＜α＜180°）得△B′DH′（点B的对应点为B′，点H的对应点为H′，连接GH′，CB′，点M为线段GH′的中点，连接DM．当△B′DC为直角三角形时，直接写出线段DM的长．8．如图，在等边△ABC中，AD⊥BC于点D，E为线段AD上一动点（不与A，D重合），连接BE，CE，将CE绕点C顺时针旋转60°得到线段CF，连接AF．（1）如图1，求证：∠CBE＝∠CAF；（2）如图2，连接BF交AC于点G，连接DG，EF，EF与DG所在直线交于点H，求证：EH＝FH；（3）如图3，连接BF交AC于点G，连接DG，EG，将△AEG沿AG所在直线翻折至△ABC所在平面内，得到△APG，将△DEG沿DG所在直线翻折至△ABC所在平面内，得到△DQG，连接PQ，QF．若AB＝4，直接写出PQ+QF的最小值．9．在Rt△ABC中，∠ABC＝90°，过B点作BE⊥AC于点E，点D为线段AC的中点，连接BD．（1）如图1，AB＝2，AC＝6，求ED的长度；（2）如图2，将线段DB绕着点D逆时针旋转45°得到线段DG，此时DG⊥AC，连接BG，点F为BG的中点，连接EF，求证：BC＝2EF；（3）如图3，∠ACB＝30°，AB＝3，点P是线段BD上一点，连接AP，将△APB沿AP 翻折到同一平面内得到△APB'，连接CB′，将线段绕点CB′顺时针旋转60°得线段CQ，连接BQ，当BQ最小时，直接写出△BCQ的面积．10．如图，CD为△ABC的中线，以CD为直角边在其右侧作直角△CDE，CD⊥DE，BC与DE交于点F，∠E＝30°．（1）如图1，若CF＝EF＝5，求CD的长；（2）如图2，若将BC绕点C逆时针旋转120°得CG，连接AG、AE，探究AG、AE的数量关系，并说明理由；（3）如图3，若∠ACB＝90°，AC＝2，．直线CE上有一点M，连接MF，将△CFM沿着MF翻折至△ABC所在的平面内得到△NFM．取NF的中点P，连接AP，当AP最小时，请直接写出△APB的面积．11．已知△ABC为等边三角形，D是边AB上一点，连接CD，点E为CD上一点，连接BE．（1）如图1，延长BE交AC于点F，若∠ABF＝15°，．求AF的长；（2）如图2，将△BEC绕点C顺时针旋转60°到△AGC，延长BC至点H，使得CH＝BD，连接AH交CG于点N，猜想线段CE，GN，DE之间存在的数量关系，并证明你的猜想；（3）如图3，AB＝8，点H是BC上一点，且BD＝2CH，连接DH，点K是AC上一点，CK＝AD，连接DK，BK，将△BKD沿BK翻折到△BKQ，连接CQ，当△ADK的周长最小时，直接写出△CKQ的面积．12．在边长为8的等边三角形ABC中，D为BC的中点，E，F分别为AC、AD上任意一点，连接EF，将线段EF绕点E顺时针旋转60°得到线段EG，连接FG交AC于点N，连接AG．（1）如图1，点E与点C重合，且GF的延长线过点B，证明：四边形AFEG是菱形；（2）如图2，EF的延长线交AB于点M，当AM+MF＝AE时，求∠EAG的度数；（3）如图3，E为AC的中点，连接BE，H为直线BC上一动点，连接EH，将△BEH 沿EH翻折至△ABC所在平面内，得到△B′EH，连接B′G，直接写出线段B′G长度的最小值．13．在△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝BC，D是AC边上一动点，连接BD．（1）如图1，在平面内将线段DC绕点C顺时针旋转90°得到线段CK，点F为BC边上一点，连接AF交BD于M，连接AK．若∠CAF＝2∠DBA，AF＝8，AK＝10，求CF的长；（2）如图2，在平面内将线段DB绕点B顺时针旋转一定角度得到线段BE，连接AE交BC于G，连接DE，若∠CDE＝∠DBA，猜想线段AD，CG的数量关系，并证明你的猜想；（3）在（2）的条件下，将△CDB沿BD直线BD翻折至△ABC所在平面内得到△BDC1，连接AC1，若AC＝2+，在点D运动过程中，当线段AC1取得最小值时，请直接写出△ABE与四边形BCDC1重叠部分的面积．14．在△ABC中，∠BAC＝90°，AB＝AC，点D为BC边上一动点，连接AD，将AD绕着D点逆时针方向旋转90°得到DE，连接AE．（1）如图1，AH⊥BC，点D恰好为CH中点，AE与BC交于点G，若AB＝4，求AE 的长度；（2）如图2，DE与AB交于点F，连接BE，在BA延长线上有一点P，∠PCA＝∠EAB，求证：AB＝AP+BD；（3）如图3，DE与AB交于点F，且AB平分∠EAD，点M为线段AF上一点，点N为线段AD上一点，连接DM，MN，点K为DM延长线上一点，将△BDK沿直线BK翻折至△BDK所在平面内得到△BQK，连接DQ，在M，N运动过程中，当DM+MN取得最小值，且∠DKQ＝45°时，请直接写出的值．15．在平面直角坐标系中，已知点A（4，0），点B（0，3）．点P从点A出发，以每秒1个单位的速度向右平移，点Q从点B出发，以每秒2个单位的速度向右平移，又P、Q 两点同时出发．（1）连接AQ，当△ABQ是直角三角形时，则点Q的坐标为；（2）当P、Q运动到某个位置时，如果沿着直线AQ翻折，点P恰好落在线段AB上，求这时∠AQP的度数；（3）若将AP绕点A逆时针旋转，使得P落在线段BQ上，记作P'，且AP'∥PQ，求此时直线PQ的解析式．16．（1）特殊发现如图1，正方形BEFG与正方形ABCD的顶点B重合，BE、BG分别在BC、BA边上，连接DF，则有：①＝；②直线DF与直线AG所夹的锐角等于度；（2）理解运用将图1中的正方形BEFG绕点B逆时针旋转，连接DF、AG．①如图2，（1）中的结论是否仍然成立？请说明理由；②如图3，若D、F、G三点在同一直线上，且过AB边的中点O，BE＝4，直接写出AB的长；（3）拓展延伸如图3，点P是正方形ABCD的AB边上一动点（不与A、B重合），连接PC，沿PC将△PBC翻折到△PEC位置，连接DE并延长，与CP的延长线交于点F，连接AF，若P A ＝3PB，则的值是否是定值？请说明理由．17．已知：如图①，在矩形ABCD中，AB＝8，AD＝6，连接AC，将△ABC沿AC翻折，使B点落在E点处，连接EC、AE，AE交DC于F点．（1）求DF的长．（2）若将△CEF沿着射线CA方向平移，设平移的距离为m（平移距离指点C沿CA方向所经过的线段长度）．当点F平移到线段AD上时，如图②，求出相应的m的值．（3）如图③，将△CEF绕点C逆时针旋转一个角a（0°＜a＜∠ECB），记旋转中的△CEF为△CE'F'，过E'作E'G⊥AD于G点，在旋转过程中，当△DCE'为等腰三角形时，求出线段E'G的长度．18．已知矩形ABCD中，AB＝2，BC＝m，点E是边BC上一点，BE＝1，连接AE．（1）沿AE翻折△ABE使点B落在点F处．①连接CF，若CF∥AE，求m的值；②连接DF，若≤DF≤，求m的取值范围．（2）△ABE绕点A顺时针旋转得△AB1E1，点E1落在边AD上时旋转停止．若点B1落在矩形对角线AC上，且点B1到AD的距离小于时，求m的取值范围．19．如图，四边形OABC是一张放在平面直角坐标系中的长方形纸片，O为原点，点A在x 轴的正半轴上，点C在y轴的正半轴上，点B的坐标为（10，8），在OC边上取一点D，将纸片沿AD翻折，使点O落在BC边上的点E处．（1）求CE和OD的长；（2）求DE所在直线的解析式；（3）若直线y＝kx+b与直线DE的比例系数相等，当它与矩形OABC有公共点时，请直接写出b的取值范围．20．如图1，将△ABC纸片沿中位线EH折叠，使点A对称点D落在BC边上，再将纸片分别沿等腰△BED和等腰△DHC的底边上的高线EF，HG折叠，折叠后的三个三角形拼合形成一个矩形，类似地，对多边形进行折叠，若翻折后的图形恰能拼合成一个无缝隙、无重叠的矩形，这样的矩形称为叠合矩形．（1）将▱ABCD纸片按图2的方式折叠成一个叠合矩形AEFG，则操作形成的折痕分别是线段、，S矩形AEFG：S▱ABCD＝；（2）▱ABCD纸片还可以按图3的方式折叠成一个叠合矩形EFGH，若EF＝9，EH＝12，求AD的长；（3）如图4，四边形ABCD纸片满足AD∥BC，AD＜BC，AB⊥BC，AB＝12，CD＝13，小明把该纸片折叠，得到叠合正方形，请你帮助画出叠合正方形的示意图，并直接写出AD、BC的长．（写出一种即可）21．如图1，在平面直角坐标系xOy中，直线y＝﹣x+8分别交x轴、y轴于A、B两点，已知点C（3，0），点D是线段AB上的一个动点．（1）判断△ABO的形状；（2）OD+CD的最小值为；（3）如图2，点P为y轴正半轴上一点，连接BC、PC，若∠BCP与△ABC中的一个角相等，求点P的坐标；（4）如图3，将△ACD沿CD翻折，点A恰好落在y轴上的点A′处，求此时点D的坐标．22．在等腰△ABC中，AB＝BC，高AD，BE所在的直线相交于点F，将△ACD沿直线AD 翻折，点C的对称点C′落在直线BC上，连接FC′．（1）如图1，当∠ABC＝45°时，①求证：BF＝AC；②求∠FC′D的度数．（2）当∠ABC＝135°时，补全图2，并求证：C′F∥AB．23．如图1，在平面直角坐标系中，点A坐标为（6，3），过点A作AB⊥x轴，交x轴于点B，点P是x轴上一动点，将△ABP沿直线AP翻折，使得点B落在点B'处，点E是翻折后AB'延长后与y轴的交点．（1）若点E的坐标为（0，3），则点P坐标为；（2）如图2，若点E的坐标为（0，），直线AE与x轴交于点F．①求点F的坐标；②求直线AP的函数关系式．24．如图，在矩形ABCD中，E是BC边上的一个动点，沿着AE翻折△ABE，使点B落在点F处，AB＝2，BC＝AB．（1）当点E运动到点C时，求CF的长；（2）当FC∥AE时，试判断E是否为BC的中点？并说明理由；（3）当点F在矩形ABCD内部，且DF＝CD时，求BE的长．25．如图，在平面直角坐标系中，四边形OABC的边OC在x轴上，OA在y轴上，O为坐标原点，AB∥OC，线段OA，AB的长分别是方程x2﹣9x+20＝0的两个根（OA＜AB），延长CB交y轴于点H，＝．（1）求点B，C的坐标；（2）P为OA上一点，Q为OC上一点，OQ＝5，将△POQ翻折，使点O落在AB上的点O'处，双曲线y＝的一分支过点O′，求k的值；（3）在（2）的条件下，M为坐标轴上一点，在平面内是否存在点N，使以O'，Q，M，N为顶点四边形为矩形？若存在，请直接写出点N的坐标；若不存在，请说明理由．26．如图1，在正方形ABCD中，E为边BC上一点（不与点B、C重合），垂直于AE的一条直线MN分别交AB、AE、CD于点M、P、N．（1）求证AE＝MN；（2）如图2，若垂足P恰好为AE的中点，连接BD，交MN于点Q，连接EQ，并延长交边AD于点F．求∠AEF的度数；（3）如图3，若该正方形ABCD边长为10，将正方形沿着直线MN翻折，使得BC的对应边B′C′恰好经过点A，过点A作AG⊥MN，垂足分别为G，若AG＝6，请直接写出AC′的长．27．如图1，矩形的边OA在x轴上，边OC在y轴上，点B的坐标为（6，8）．D是AB边上一点（不与点A、B重合），将△BCD沿直线CD翻折，使点B落在点E处．（1）求直线AC所表示的函数的表达式；（2）如图2，当点E恰好落在矩形的对角线AC上时，求点D的坐标；（3）如图3，当以O、E、C三点为顶点的三角形是等腰三角形时，求△OEA的面积．28．已知在平行四边形ABCD中，AB≠BC，将△ABC沿直线AC翻折，点B落在点E处，AD与CE相交于点O，连接DE．（1）如图1，求证：AC∥DE；（2）如图2，如果∠B＝90°，AB＝，BC＝，求△OAC的面积；（3）如果∠B＝30°，AB＝2，当△AED是直角三角形时，求BC的长．29．如图，矩形ABCD中，已知AB＝6．BC＝8，点E是射线BC上的一个动点，连接AE 并延长，交射线DC于点F．将△ABE沿直线AE翻折，点B的对应点为点B'．（1）如图1，若点E为线段BC上一点，延长AB'交CD于点M，求证：AM＝FM；（2）如图2，若点B'恰好落在对角线AC上，求的值；（3）若＝，求∠DAB'的正弦值．30．如图1，四边形ABCD是矩形，点O位于对角线BD上，将△ADE，△CBF分别沿DE、BF翻折，点A，点C都恰好落在点O处．（1）求证：∠EDO＝∠FBO；（2）求证：四边形DEBF是菱形：（3）如图2，若AD＝2，点P是线段ED上的动点，求2AP+DP的最小值．。
2024河南中考数学复习 轴对称与折叠 强化精练 (含答案)
2024河南中考数学复习轴对称与折叠强化精练基础题1. (2023甘肃省卷)如图，将矩形纸片ABCD对折，使边AB与DC，BC与AD分别重合，展开后得到四边形EFGH.若AB＝2，BC＝4，则四边形EFGH的面积为()第1题图A. 2B. 4C. 5D. 62. 如图，在平面直角坐标系中，菱形AOBC的边OB在x轴上，∠AOB＝60°，B(4，0)，点D，E分别是边OB，OA上的点．将∠OED沿DE折叠，使点O的对应点F落在边AC上，若AE＝AF，则点F的坐标为()第2题图A. (23，23)B. (23，4)C. (3，4)D. (23，3)3. (2023绍兴)如图，在矩形ABCD中，O为对角线BD的中点，∠ABD＝60°.动点E在线段OB上，动点F在线段OD上，点E，F同时从点O出发，分别向终点B，D运动，且始终保持OE＝OF.点E关于AD，AB的对称点为E1，E2；点F关于BC，CD的对称点为F1，F2.在整个过程中，四边形E1E2F1F2形状的变化依次是()第3题图A. 菱形→平行四边形→矩形→平行四边形→菱形B. 菱形→正方形→平行四边形→菱形→平行四边形C. 平行四边形→矩形→平行四边形→菱形→平行四边形D. 平行四边形→菱形→正方形→平行四边形→菱形4. (2023宜昌)如图，小宇将一张平行四边形纸片折叠，使点A落在长边CD上的点A′处，并得到折痕DE，小宇测得长边CD＝8，则四边形A′EBC的周长为________．第4题图5. 如图，正方形ABCD的边长为4，点F为CD边的中点，点P是AD边上不与端点重合的一动点，连接BP.将∠ABP沿BP翻折，点A的对应点为点E，则线段EF长的最小值为________．第5题图拔高题6. 如图，在∠ABC中，∠ABC＝90°，AB＝8，BC＝12，点E是边BC上一点，且BE＝5，点F是边AB上一动点，连接EF，作点B关于直线EF对称的点P，连接BP，EP，FP，当点P恰好在直角∠ABC直角边的垂直平分线上时，BP的长为________．第6题图7. (2023齐齐哈尔)矩形纸片ABCD中，AB＝3，BC＝5，点M在AD边所在的直线上，且DM＝1，将矩形纸片ABCD折叠，使点B与点M重合，折痕与AD，BC分别交于点E，F，则线段EF的长度为________.参考答案与解析1. B 【解析】∵由折叠的性质可得，四边形EFGH 是菱形，∴FH ＝AB ＝2，EG ＝BC ＝4，∴S 菱形EFGH ＝12 FH ·EG ＝12×2×4＝4. 2. A 【解析】如解图，过A 作AH ⊥OB 于点H ，过A 作AG ⊥EF 于点G ，∵四边形AOBC 是菱形，B (4，0)，∴OA ＝OB ＝4，∵∠AOB ＝60°，∴∠OAH ＝30°，∠OAC ＝120°，∴OH ＝12OA ＝2，AH ＝3 OH ＝23 ，∴A (2，23 )，∵AE ＝AF ，∴∠AEF ＝∠AFE ＝30°，EG ＝12 EF ，∴cos 30°＝EG AE ，即32 ＝EG AE ，∴EG ＝32 AE ，∴12 EF ＝32AE ，∴EF ＝3 AE ，由折叠的性质得OE ＝EF ＝3 AE ，∵OE ＋AE ＝OA ＝4，∴3 AE ＋AE ＝4，解得AE ＝23 －2，∴AF ＝23 －2，∵A (2，23 )，AF ∥x 轴，∴F (23 ，23 ).第2题解图3. A 【解析】∵四边形ABCD 是矩形，∠ABD ＝60°，∴AB ∥CD ，∠BAD ＝∠ABC ＝90°，∴∠BDC ＝∠ABD ＝60°，∠ADB ＝∠CBD ＝90°－60°＝30°，∵OE ＝OF ，OB ＝OD ，∴DF ＝EB ，由对称的性质得DF ＝DF 2，BF ＝BF 1，BE ＝BE 2，DE ＝DE 1，∴E 1F 2＝E 2F 1.由对称的性质得∠F 2DC ＝∠CDF ＝60°，∴∠EDA ＝∠E 1DA ＝30°，∴∠E 1DB ＝60°，同理∠F 1BD ＝60°，∴DE 1∥BF 1，∵E 1F 2＝E 2F 1，∴四边形E 1E 2F 1F 2是平行四边形，如解图①所示，当E ，F ，O 三点重合时，DO ＝OB ，∴DE 1＝DF 2＝AE 1＝AE 2，即E 1E 2＝E 1F 2，∴四边形E 1E 2F 1F 2是菱形；如解图②所示，当E ，F 分别为OB ，OD 的中点时，在Rt △ABD 中，设AB ＝2，则AD ＝23 ，BD ＝4，连接AE ，AO ，∵∠ABO ＝60°，BO ＝2＝AB ，∴△ABO 是等边三角形，∵E 为OB 中点，∴AE ⊥OB ，BE ＝1，∴AE ＝22－12 ＝3 .根据对称性可得AE 1＝AE＝3 ，∴AD 2＝12，DE 21 ＝9，AE 21 ＝3，∴AD 2＝AE 21 ＋DE 21 ，∴△DE 1A 是直角三角形，且∠E 1＝90°，四边形E 1E 2F 1F 2是矩形；如解图③所示，当F ，E 分别与D ，B 重合时，易得△BE 1D ，△BDF 1都是等边三角形，则四边形E 1E 2F 1F 2是菱形，∴在整个过程中，四边形E 1E 2F 1F 2形状的变化依次是菱形→平行四边形→矩形→平行四边形→菱形．图①图②图③第3题解图4. 16 【解析】∵四边形ABCD 是平行四边形，∴AB ∥CD ，∠AED ＝∠A ′DE ，由折叠得∠ADE ＝∠A ′DE ，AD ＝A ′D ，AE ＝A ′E ，∴∠ADE ＝∠AED ，∴AD ＝AE ，∴AD ＝AE ＝A ′D ＝A ′E ，∴AB －AE ＝CD －A ′D ，∴A ′C ＝BE ，∴四边形A ′EBC 是平行四边形，∴四边形A ′EBC 的周长＝2(A ′C ＋A ′E )＝2(A ′C ＋A ′D )＝2CD ＝16.5. 25 －4 【解析】如解图，连接BF ，∵四边形ABCD 是边长为4的正方形，∴∠C ＝90°，AB ＝BC ＝CD ＝4，∵点F 为CD 边的中点，∴CF ＝DF ＝12 CD ＝12×4＝2，∴在Rt △BCF 中，BF ＝BC 2＋CF 2 ＝42＋22 ＝25 ，∵将△ABP 沿BP 翻折，点A 的对应点为点E ，∴EB ＝AB ＝4，∵EF ＋EB ≥BF ，∴EF ＋4≥25 ，∴EF ≥25 －4，∴EF 的最小值为25 －4.第5题解图 6. 215 或25 【解析】由题意得，△FPE 与△FBE 关于直线EF 对称，∴PE ＝BE ＝5，如解图①，当点P 在BC 的垂直平分线上时，过点P 作PQ ⊥BC 于点Q ，则BQ ＝12BC ＝6，EQ ＝BQ －BE ＝1，∠PQB ＝90°，∴PQ ＝PE 2－EQ 2 ＝52－12 ＝26 ，在Rt △BPQ 中，BP ＝BQ 2＋PQ 2 ＝62＋（26）2 ＝215 ；如解图②，当点P 落在边AB 的垂直平分线上时，且点F 在线段AB 上时，过点P 作PN ⊥BC 于点N ，则PN ＝12AB ＝4，∠PNB ＝∠PNE ＝90°，在Rt △PEN 中，EN ＝PE 2－PN 2 ＝52－42 ＝3，∴BN ＝BE －EN ＝2，BP ＝PN 2＋BN 2 ＝42＋22 ＝25 ，当点P ′落在边AB 的垂直平分线上时，同理可得BN ′＝5＋3＝8，∴BP ′＝（P ′N ′）2＋BN ′2 ＝82＋42 ＝45 ，此时点F ′在BA 的延长线上，故舍去．综上所述，BP 的长为215 或25 .第6题解图7. 154 或352【解析】由折叠的性质可知，BE ＝EM ，BF ＝FM ，EF ⊥BM ，∴∠EMB ＝∠EBM ，∵四边形ABCD 是矩形，∴AD ∥BC ，∴∠EMB ＝∠CBM ，∴∠EBM ＝∠CBM ，∴BE ＝BF ，∴四边形EBFM 是菱形，设AE ＝a ，已知DM ＝1，AB ＝3，BC ＝5，①如解图①，当点M 在线段AD 上时，则EM ＝BE ＝4－a ，BM ＝AB 2＋AM 2 ＝32＋42 ＝5.在Rt △ABE 中，AB 2＋AE 2＝BE 2，即32＋a 2＝(4－a )2，解得a ＝78 ，∴BE ＝EM ＝BF ＝258 ，∴12·BM ·EF ＝AB ·BF ，即12 ×5EF ＝3×258 ，解得EF ＝154；②如解图②，当点M 在AD 的延长线上时，EM ＝BE ＝6－a ，AM ＝6，在Rt △ABE 中，AB 2＋AE 2＝BE 2，即32＋a 2＝(6－a )2，解得a ＝94，∴BF ＝BE ＝EM ＝6－a ＝154 ，BM ＝AB 2＋AM 2 ＝32＋62 ＝35 ，∴12 ·BM ·EF ＝AB ·BF ，即12 ×35 EF ＝3×154 ，解得EF ＝352 .综上所述，EF 的长度为154 或352.第7题解图。
2022年九年级数学复习专题---图形的变换(平移、翻折、旋转)综合问题题
2022年中考数学复习专题---图形的变换（平移、翻折、旋转）综合题班级：___________姓名：___________学号：___________1．综合与实践 问题情境：综合与实践课上，同学们以“三角形纸片的折叠与旋转“为主题展开数学活动，探究有关的数学问题． 动手操作：已知：三角形纸片ABC 中，6120AB AC BC BAC ==∠=︒，，.将三角形纸片ABC 按如下步骤进行操作： 第一步：如图1，折叠三角形纸片ABC ，使点C 与点A 重合，然后展开铺平，折痕分别交BC AC ，于点D E ，，连接AD ，易知AD CD =．第二步：在图1的基础上，将三角形纸片ABC 沿AD 剪开，得到ABD ∆和ACD ∆.保持ABD ∆的位置不变，将ACD ∆绕点D 逆时针旋转得到FDG ∆(点F G ，分别是A C ，的对应点)，旋转角为()0360αα︒<<︒问题解决：（1）如图2，小彬画出了旋转角0120α︒<<︒时的图形，设线段FG AC ，交于点P ，连接AG DP ，.小彬发现DP 所在直线始终垂直平分线段AG .请证明这一结论；（2）如图3，小颖画出了旋转角90α=︒时的图形，设直线AF 与直线CG 相交于点O ，连接CF 判断此时COF ∆的形状，说明理由；（3）在ACD ∆绕点D 逆时针旋转过程中，当FG BC ⊥时，请直接写出B F ，两点间的距离．2．如图，△ABC 中，已知∠C=90°，∠B=60°，点D 在边BC 上，过D 作DE ⊥AB 于E ． （1）连接AD ，取AD 的中点F ，连接CF ，EF ，判断△CEF 的形状，并说明理由（2）若．把△BED 绕着点D 逆时针旋转m （0＜m ＜180）度后，如果点B 恰好落在初始Rt △ABC 的边上，那么m=3．问题背景：如图1，在矩形ABCD 中，30AB ABD =∠=︒，点E 是边AB 的中点，过点E 作EF AB ⊥交BD 于点F ． 实验探究：（1）在一次数学活动中，小明在图1中发现AEDF=_________． 将图1中的BEF 绕点B 按逆时针方向旋转90︒，连接,AE DF ，如图2所示，发现AEDF=_________． （2）小亮同学继续将BEF 绕点B 按逆时针方向旋转，连接,AE DF ，旋转至如图3所示位置，请问探究（1）中的结论是否仍然成立?并说明理由． 拓展延伸：（3）在以上探究中，当BEF 旋转至D 、E 、F 三点共线时，AE 的长为____________．4．如图，在Rt ABC 中，90ACB ∠=︒，CD 平分ACB ∠．P 为边BC 上一动点，将DPB 沿着直线DP 翻折到DPE ，点E 恰好落在CDP 的外接圆O 上． （1）求证：D 是AB 的中点．（2）当60BDE ∠=︒，BP =DC 的长．（3）设线段DB 与O 交于点Q ，连结QC ，当QC 垂直于DPE 的一边时，求满足条件的所有QCB ∠的度数．5．如图1，O 为正方形ABCD 的中心，分别延长OA 、OD 到点,F E ，使OF=2OA ，OE 2OD =，连接EF ，将FOE ∆绕点O 按逆时针方向旋转角α得到F OE ''∆，连接,AE BF ''（如图2）．（1）探究AE '与BF '的数量关系，并给予证明； （2）当30α=︒时，求证：AOE '为直角三角形．6．如图，在△ABC 中，AB =∠B =45°，∠C =60°． （1）求BC 边上的高线长．（2）点E 为线段AB 的中点，点F 在边AC 上，连结EF ，沿EF 将△AEF 折叠得到△PEF ． ①如图2，当点P 落在BC 上时，求∠AEP 的度数． ②如图3，连结AP ，当PF ⊥AC 时，求AP 的长．7．如图1，点C 在线段AB 上，分别以AC 、BC 为边在线段AB 的同侧作正方形ACDE 和正方形BCMN ， 连结AM 、BD ．（1）AM与BD的关系是：________．（2）如果将正方形BCMN绕点C顺时针旋转锐角α(如图2)．(1) 中所得的结论是否仍然成立？请说明理由．（3）在(2)的条件下，连接AB、DM，若AC=4，BC=2，求AB2+DM2的值．8．已知正方形ABCD，一等腰直角三角板的一个锐角顶点与A重合，将此三角板绕A点旋转时，两边分别交直线BC、CD于M、N．（1）当M、N分别在边BC、CD上时（如图1），求证：BM+DN=MN；（2）当M、N分别在边BC、CD所在的直线上时（如图2），线段BM、DN、MN之间又有怎样的数量关系，请直接写出结论；（不用证明）（3）当M、N分别在边BC、CD所在的直线上时（如图3），线段BM、DN、MN之间又有怎样的数量关系，请写出结论并写出证明过程．9．如图，已知∠ABC=90°，△ABE是等边三角形，点P为射线BC上任意一点（点P与点B不重合），连接AP，将线段AP绕点A逆时针旋转60°得到线段AQ，连接QE并延长交射线BC于点F．(1)如图，当BP=BA时，∠EBF=______°，猜想∠QFC =______°；(2)如图，当点P为射线BC上任意一点时，猜想∠QFC的度数，并加以证明．(3)已知线段AB＝BP＝x，点Q到射线BC的距离为y，求y关于x的函数关系式．10．我们知道，直角坐标系是研究“数形结合”的重要工具．请探索研究下列问题：（1）如图1，点A 的坐标为（-5，1），将点A 绕坐标原点（0，0）按顺时针方向旋转90°，得对应点A '，若反比例函数(0)k y x x=>的图像经过点A '，求k 的值．（2）将（1）中的(0)ky x x =>的图像绕坐标原点（0，0）按顺时针方向旋转45°，如图2，旋转后的图像与x 轴相交于点B ，若直线x =C 与点D ，求△BCD 的面积． （3）在（2）的情况下，半径为6的M 的圆心M 在x 轴上，如图3，若要使△BCD 完全在M 的内部，求M 的圆心M 横坐标xm 的范围（直接写出结果，不必写详细的解答过程）．11．对于平面直角坐标系xOy 中的点A 和点P ，若将点P 绕点A 逆时针旋转90︒后得到点Q ，则称点Q 为点P 关于点A 的“垂链点”，图1为点P 关于点A 的“垂链点”Q 的示意图．（1）已知点A 的坐标为(0,0)，点P 关于点A 的“垂链点”为点Q ；①若点P 的坐标为(2,0)，则点Q 的坐标为________； ②若点Q 的坐标为(2,1)-，则点P 的坐标为________； （2）如图2，已知点C 的坐标为(1,0)，点D 在直线113y x =+上，若点D 关于点C 的“垂链点”在坐标轴上，试求出点D 的坐标；（3）如图3，已知图形G 是端点为(1,0)和(0,2)-的线段，图形H 是以点O 为中心，各边分别与坐标轴平行的边长为6的正方形，点M 为图形G 上的动点，点N 为图形H 上的动点，若存在点(0,)T t ，使得点M 关于点T 的“垂链点”恰为点N ，请直接写出t 的取值范围．12．如图，正比例函数y ＝12x 与反比例函数()0k y x x =>的图象交于点A ，将正比例函数y ＝12x 向上平移6个单位，交y 轴于点C ，交反比例函数图象于点B ，已知AO ＝2BC ． （1）求反比例函数解析式；（2）作直线AB ，将直线AB 向下平移p 个单位，恰与反比例函数图象有唯一交点，求p 的值．13．综合与实践：问题情境：（1）如图，点E 是正方形ABCD 边CD 上的一点，连接BD 、BE ，将DBE ∠绕点B 顺针旋转90︒，旋转后角的两边分别与射线DA 交于点F 和点G ．①线段BE 和BF 的数量关系是______．②写出线段DE 、DF 和BD 之间的数量关系．并说明理由；操作探究：（2）在菱形ABCD 中，60ADC ∠=︒，点E 是菱形ABCD 边CD 所在直线上的－点，连接BD 、BE ，将DBE ∠绕点B 顺时针旋转120︒，旋转后角的两边分别与射线DA 交于点F 和点G ．①如图，点E 在线段DC 上时，请探究线段DE 、DF 和BD 之间的数量关系，写出结论并给出证明；②如图，点E在线段CD的延长线上时，BE交射线DA于点M，若2==，直接写出线段FM和AGDE DC a的长度．14．两个全等的直角三角形ABC和DEF重叠在一起，其中∠A＝60°，AC＝4．固定△ABC不动，将△DEF 进行如下操作：(1)操作发现如图①，△DEF沿线段AB向右平移(即D点在线段AB内移动)，连接DC，CF，FB，四边形CDBF的形状在不断的变化，那么它的面积大小是否变化呢?如果不变化，请求出其面积．(2)猜想论证如图②，当D点移到AB的中点时，请你猜想四边形CDBF的形状，并说明理由．(3)拓展探究如图③，△DEF的D点固定在AB的中点，然后绕D点按顺时针方向旋转△DEF，使DF落在AB边上，此时F点恰好与B点重合，连接AE，求sinα翻折问题姓名：___________班级：___________学号：___________1．如图将矩形纸片ABCD 沿AE 翻折，使点B 落在线段DC 上，对应的点为F ． （1）求证：EFC DAF ∠=∠；（2）若3tan 4AE EFC =∠=，求AB 的长．2．如图，在Rt△ABC 中，∠C=90°，AC=BC=2,AD 是BC 边上的中线，将A 点翻折与点D 重合，得到折痕EF ，求:CE AE 的值.3．如图，点A ，M ，N 在O 上，将MN 沿MN 折叠后，与AM 交于点B ．（1）若70MAN ∠=︒，则ANB ∠=________°； （2）如图1，点B 恰好是翻折所得MN 的中点， ①若MA MN =，求AMN ∠的度数；②若tan MAN ∠=tan AMN ∠的值； （3）如图2，若222AB BN MN +=，求MBAB的值．4．已知矩形ABCD 中，AB ＝2，BC ＝m ，点E 是边BC 上一点，BE ＝1，连接AE ，沿AE 翻折△ABE 使点B 落在点F 处．（1）连接CF ，若CF ∥AE ，求m 的值；（2）连接DF ，若65≤DF ，求m 的取值范围．5．如图1，一张矩形纸ABCD ，ABa AD=，点,E F 分别在边,CD AB 上，且AE EF =，把ADE 沿AE 翻折得到AGE ．（1）如图1，若1AD =．（Ⅰ）当AD DE =时，AFE ∠=_____度； （Ⅱ）当//AG EF 时，求AF 的长度．（2）若直线EG 与边AB 交于点H ，当2AH FH =时，求a 的最小值．6．如图，在折纸游戏中，正方形ABCD 沿着BE ，BF 将BC ，AB 翻折，使A ，C 两点恰好落在点P ． （1）求证：45EBF ∠=︒．（2）如图，过点P 作//MN BC ，交BF 于点Q ． ①若5BM =，且10MP PN ⋅=，求正方形折纸的面积． ②若12QP BC =，求AM BM的值．7．如图，在ABC 中，12,120AC BC ACB ==∠=︒，点D 是AB 边上一点，连接CD ，以CD 为边作等边CDE △．（1）如图1，若45CDB ∠=︒，求等边CDE △的边长；（2）如图2，点D 在AB 边上移动过程中，连接BE ，取BE 的中点F ，连接,CF DF ，过点D 作DG AC ⊥于点G ． ①求证：CFDF ．②如图3，将CFD 沿CF 翻折得CFD '，连接BD '，求出BD '的最小值．8．在矩形ABCD 中，1AB =，BC a =，点E 是边BC 上一动点，连接AE ，将ABE △沿AE 翻折，点B 的对应点为点B '．（1）如图，设BE x =，BC =E 从B 点运动到C 点的过程中． ①AB CB ''+最小值是______，此时x =______； ②点B '的运动路径长为．（2）如图，设35BE a =，当点B 的对应点B '落在矩形ABCD 的边上时，求a 的值．9．如图1，平行四边形ABCD 的对角线AC ，BD 相交于点O ，CD 边的垂直平分线EH 交BD 于点E ，连接AE ，CE ．（1）过点A 作//AF EC 交BD 于点F ，求证：AF BF =；（2）如图2，将ABE △沿AB 翻折得到'ABE △．①求证：'//BE CE ；②若'//AE BC ，1OE =，求CE 的长度．10．如图，矩形ABCD 中，已知6AB =．8BC =，点E 是射线BC 上的一个动点，连接AE 并延长，交射线DC 于点F ．将ABE △沿直线AE 翻折，点B 的对应点为点B '，延长AB '交直线CD 于点M ．（1）如图1，若点B '恰好落在对角线AC 上，求BE CE的值． （2）如图2．当点E 为BC 的中点时，求DM 之长．（3）若32BE CE =，求sin DAB '∠．11．【基础巩固】（1）如图①，ABC ACD CED α∠=∠=∠=，求证：ABC CED ∽△△．【尝试应用】（2）如图②，在菱形ABCD 中，60A ∠=︒，点E ，F 分别为边,AD AB 上两点，将菱形ABCD 沿EF 翻折，点A 恰好落在对角线DB 上的点P 处，若2PD PB =，求AE AF的值． 【拓展提高】（3）如图③，在矩形ABCD 中，点P 是AD 边上一点，连接,PB PC ，若2,4,120PA PD BPC ==∠=︒，求AB 的长．12．如图，在ABC 中，60B ∠=︒，AD BC ⊥于点D ，CE AB ⊥于点E ，AB CE =．（1）如图1，将ABD △沿AD 翻折到AFD ，AF 交CE 于点G ，探索线段AB 、AG 、CG 之间有何等量关系，并加以证明；（2）如图2，H 为直线BC 上任意一点，连接AH ，将AH 绕点A 逆时针旋转60°到AH '，连接CH '，若BD =，求CH '的最小值．13．如图，在矩形ABCD 中，12BC AB =，F 、G 分别为AB 、DC 边上的动点，连接GF ，沿GF 将四边形AFGD 翻折至四边形EFGP ，点E 落在BC 上，EP 交CD 于点H ，连接AE 交GF 于点O（1）GF 与AE 之间的位置关系是：______，GF AE 的值是：______，请证明你的结论；（2）连接CP ，若3tan 4CGP ∠=，GF =CP 的长14．如图，在矩形ABCD 中，8AB =，10BC =，点P 在矩形的边CD 上由点D 向点C 运动.沿直线AP 翻折ADP ∆，形成如下四种情形，设DP x =，ADP ∆和矩形重叠部分（阴影）的面积为y .（1）如图4，当点P 运动到与点C 重合时，求重叠部分的面积y ；（2）如图2，当点P 运动到何处时，翻折ADP ∆后，点D 恰好落在BC 边上？这时重叠部分的面积y 等于多少？15．如图1，ABC 中，AB AC =，点D 在BA 的延长线上，点E 在BC 上，连接DE 、DC ，DE 交AC 于点G ，且DE DC =．（1）找出一个与BDE ∠相等的角；（2）若AB =mAD ，求DG GE的值（用含m 的式子表示）； （3）如图2，将ABC 沿BC 翻折，若点A 的对应点A '恰好落在DE 的延长线上，求BE EC的值．16．在等腰直角三角形ABC中，∠BAC=90°，AB=AC，D是斜边BC的中点，连接AD．（1）如图1，E是AC的中点，连接DE，将△CDE沿CD翻折到△CDE′，连接AE′，当时，求AE的值．（2）如图2，在AC上取一点E，使得CE=13AC，连接DE，将△CDE沿CD翻折到△CDE′，连接AE′交BC于点F，求证：DF=CF．。
中考数学中的折叠问题专题复习
中考数学中的折叠问题专题复习1 / 6 中考数学中的折叠问题专题复习一、教学目标1、基础知识目标：、基础知识目标：使学生进一步巩固掌握折叠图形的性质，会利用其性质进行有关的计算和证明。
和证明。
2、能力训练目标：、能力训练目标：提升学生的空间想象能力、抽象思维能力、逻辑推理能力及综合运用数学知识解决问题的能力。
学知识解决问题的能力。
3、情感态度与价值观要求：、情感态度与价值观要求：鼓励学生积极参与数学学习活动，对数学证明有好奇心和求知欲。
鼓励学生积极参与数学学习活动，对数学证明有好奇心和求知欲。
二、教学重点、难点重点：会利用折叠图形的性质进行有关的计算和证明。
重点：会利用折叠图形的性质进行有关的计算和证明。
难点：综合运用所学数学知识进行有关的计算和证明。
难点：综合运用所学数学知识进行有关的计算和证明。
三、教学方法讲、练、测相结合的教学方法，在老师的引导下，通过讲、练、测的有机结合，达到知识、技能、方法的全线突破。
机结合，达到知识、技能、方法的全线突破。
四、教学程序及设想 1、巧设情景，设疑引入、巧设情景，设疑引入观察与发现：小明将纸片ABC（AB>AC ）沿过A 的直线折叠，使得AC 落在AB 边上，折痕为AD,展开纸片；展开纸片；再次折叠该三角形纸片，再次折叠该三角形纸片，使点A 和点D 重合，折痕为EF,展开纸片后得到AEF （如图1）。
小明认为AEF 是等腰三角形，你同意吗？请说明理由。
引出课题。
说明理由。
引出课题。
2、运用性质，折叠问题实质上就是轴对称变换归类探究。
、运用性质，折叠问题实质上就是轴对称变换归类探究。
归类一：折叠后求角的度数归类一：折叠后求角的度数典例解析：将矩形纸片ABCD 折叠，使得D 点与B重合，点C 落在点C '处， 折痕为EF ，如果∠ABE ＝20°，则∠EFC'＝（ ）A. 125°A. 125°B. 80°C. 75°C. 75°D. 无法确定无法确定 评析：本题只要抓住折叠的本质特征，折叠前后的两个图形全等，找出翻折前后的一些不变量，其次要注意利用矩形的性质，如矩形的每个角都是90°、对边互相平行等。
中考数学每日一练：翻折变换(折叠问题)练习题及答案_2020年综合题版
（1） 如图1，若点A′恰好落在边AB上，且AN＝ AC，求AM的长； （2） 如图2，若点A′恰好落在边BC上，且A′N∥AC. ①试判断四边形AMA′N的形状并说明理由；
②求AM、MN的长；
（3） 如图3，设线段NM、BC的延长线交于点P，当
且
时，求CP的长.
考点： 菱形的判定;翻折变换（折叠问题）;
（1） 用含a的代数式表示点C的坐标. （2） 如图1，若点D落在抛物线的对称轴上，且在x轴上方，求抛物线的解析式.
（3） 设
的面积为S1，
的面积为S2，若
，求a的值.
考点： 待定系数法求二次函数解析式;翻折变换（折叠问题）;相似三角形的判年 中 考 数 学 ： 图 形 的 变 换 _轴 对 称 变 换 _翻 折 变 换 （ 折 叠 问 题 ） 练 习 题 答 案
（1） 连结AF，若AF∥CE.证明：点E为AB的中点；
（2） 证明：GF＝GD；
（3） 若AD＝5，设EB＝x，GD＝y，求y与x的函数关系式.
考点： 正方形的性质;翻折变换（折叠问题）;
答案
~~第3题~~ (2020绍兴.中考模拟) 如图，已知△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝4，BC＝3，点M、N分别是边AC、AB上的动点，连 接MN，将△AMN沿MN所在直线翻折，翻折后点A的对应点为A′.
第二步：再沿AC所在的直线折叠，△ACE与△ACF重合，得到图3
第三步：在图3的基础上继续折叠，使点C与点F重合，如图4，展开铺平，连接EF，FG，GM，ME，如图5，图中的 虚线为折痕.
问题解决：
（1） 在图5中，∠BEC的度数是， 的值是；
（2） 在图5中，请判断四边形EMGF的形状，并说明理由；
初三中考一轮复习(23)翻折 图形的折叠 题型分类 含答案(全面 非常好)
处．则 BC：AB 的值为
。
【答案】 3 。
【分析】连接 CC′，∵将△ABE 沿 AE 折
叠，使点 B 落在
AC 上的点 B′处，又将△CEF 沿 EF 折叠，
使点 C 落在 EB′
与 AD 的交点 C′处,
∴EC=EC′，∴∠EC′C=∠ECC′，
∵∠DC′C=∠ECC′
，
∴∠EC′C=∠DC′C.
∴CC′是∠EC'D 的平分线。
∵∠CB′C′=∠D=90°，C′C=C′C，∴△CB′C′≌△CDC′（AAS）。∴CB′=CD。
又∵AB′=AB，∴B′是对角线 AC 中点，即 AC=2AB。∴∠ACB=30°。
∴tan∠ACB=tan30°= AB 1 。∴BC：AB= 3 。
BC 3
3. 如图，将正方形 ABCD 沿 BE 对折，使点 A 落在对角线 BD 上的 A′处，连接 A′C，
而求出即可：
连接 BO，
∵AB＝AC，AO 是∠BAC 的平分线，∴AO
是 BC 的中垂
线。
∴BO＝CO。
∵∠BAC＝50°，∠BAC 的平分线与 AB 的中
垂线交于点
O，
∴∠OAB＝∠OAC＝25°。
∵等腰△ABC 中， AB＝AC，∠BAC＝50°，∴∠ABC＝∠ACB＝65°。
∴∠OBC＝65°－25°＝40°。∴∠OBC＝∠OCB＝40°。
AD x
CD y
AD CD
又∵∠EDA′=∠A′DC=450，∴△EDA′∽△A′DC。∴∠DA′C=∠DEA′=67.50
＋450=112.50。
∴∠BA′C=1800－112.50=67.50。
4. 如图，在 Rt△ABC 中，∠B=90°，沿 AD 折叠，使点 B 落在斜边 AC 上，若 AB=3，
初中数学专题复习(翻折变换问题)
初中数学专题复习（翻折变换问题）1．（2020•衢州）如图，把一张矩形纸片ABCD按所示方法进行两次折叠，得到等腰直角三角形BEF，若BC＝1，则AB的长度为（）A．B．C．D．解：由折叠补全图形如图所示，∵四边形ABCD是矩形，∴∠ADA'＝∠B＝∠C＝∠A＝90°，AD＝BC＝1，CD＝AB，由第一次折叠得：∠DA'E＝∠A＝90°，∠ADE＝∠ADC＝45°，∴∠AED＝∠ADE＝45°，∴AE＝AD＝1，在Rt△ADE中，根据勾股定理得，DE＝AD＝，由第二次折叠知，CD＝DE＝，∴AB＝．故选：A．2．（2020•西宁）如图，在矩形ABCD中，AB＝5，BC＝6，点M，N分别在AD，BC上，且AM＝BN，AD＝3AM，E为BC边上一动点，连接DE，将△DCE沿DE所在直线折叠得到△DC′E，当C′点恰好落在线段MN上时，CE的长为（）A．或2B．C．或2D．解：设CE＝x，则C′E＝x，∵矩形ABCD中，AB＝5，∴CD＝AB＝5，AD＝BC＝6，AD∥BC，∵点M，N分别在AD，BC上，且3AM＝AD，BN＝AM，∴DM＝CN＝4，∴四边形CDMN为平行四边形，∵∠NCD＝90°，∴四边形MNCD是矩形，∴∠DMN＝∠MNC＝90°，MN＝CD＝5由折叠知，C′D＝CD＝5，∴MC′＝＝＝3，∴C′N＝5﹣3＝2，∵EN＝CN﹣CE＝4﹣x，∴C′E2﹣NE2＝C′E2，∴x2﹣（4﹣x）2＝22，解得，x＝，即CE＝．故选：B．3．（2020•黔南州）如图，将矩形纸条ABCD折叠，折痕为EF，折叠后点C，D分别落在点C′，D′处，D′E 与BF交于点G．已知∠BGD′＝30°，则∠α的度数是（）A．30°B．45°C．74°D．75°解：∵矩形纸条ABCD中，AD∥BC，∴∠AEG＝∠BGD'＝30°，∴∠DEG＝180°﹣30°＝150°，由折叠可得，∠α＝∠DEG＝×150°＝75°，故选：D．4．（2020•呼和浩特）如图，把某矩形纸片ABCD沿EF，GH折叠（点E、H在AD边上，点F，G在BC边上），＝8，使点B和点C落在AD边上同一点P处，A点的对称点为A'、D点的对称点为D'，若∠FPG＝90°，S△A′EPS△D′PH＝2，则矩形ABCD的长为（）A．6+10B．6+5C．3+10D．3+5解：∵四边形ABCD是矩形，∴AB＝CD，AD＝BC，设AB＝CD＝x，由翻折可知：PA′＝AB＝x，PD′＝CD＝x，∵△A′EP的面积为8，△D′PH的面积为2，又∵，∠A′PF＝∠D′PG＝90°，∴∠A′PD′＝90°，则∠A′PE+∠D′PH＝90°，∴∠A′PE＝∠D′HP，∴△A′EP∽△D′PH，∴A′P2：D′H2＝8：2，∴A′P：D′H＝2：1，∵A′P＝x，∴D′H＝x，∵S△D′PH＝D′P•D′H，即，∴x＝（负根舍弃），∴AB＝CD＝，D′H＝DH＝，D′P＝A′P＝CD＝，A′E＝2D′P＝，∴PE＝，PH＝，∴AD＝＝，即矩形ABCD的长为，故选：D．5．（2020•内江）如图，矩形ABCD中，BD为对角线，将矩形ABCD沿BE、BF所在直线折叠，使点A落在BD 上的点M处，点C落在BD上的点N处，连接EF．已知AB＝3，BC＝4，则EF的长为（）A．3B．5C．D．解：∵四边形ABCD是矩形，∴AB＝CD＝3，AD＝BC＝4，∠A＝∠C＝∠EDF＝90°，∴BD＝＝＝5，∵将矩形ABCD沿BE所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，∴AE＝EM，∠A＝∠BME＝90°，∴∠EMD＝90°，∵∠EDM＝∠ADB，∴△EDM∽△BDA，∴，设DE＝x，则AE＝EM＝4﹣x，∴，解得x＝，∴DE＝，同理△DNF∽△DCB，∴，设DF＝y，则CF＝NF＝3﹣y，∴，解得y＝．∴DF＝．∴EF＝＝＝．故选：C．6．（2020•青岛）如图，将矩形ABCD折叠，使点C和点A重合，折痕为EF，EF与AC交于点O．若AE＝5，BF＝3，则AO的长为（）A．B．C．2D．4解：∵矩形ABCD，∴AD∥BC，AD＝BC，AB＝CD，∴∠EFC＝∠AEF，由折叠得，∠EFC＝∠AFE，∴∠AFE＝∠AEF，∴AE＝AF＝5，由折叠得，FC＝AF，OA＝OC，∴BC＝3+5＝8，在Rt△ABF中，AB＝＝4，在Rt△ABC中，AC＝＝4，∴OA＝OC＝2，故选：C．7．（2020•滨州）如图，对折矩形纸片ABCD，使AD与BC重合，得到折痕EF，把纸片展平后再次折叠，使点A 落在EF上的点A′处，得到折痕BM，BM与EF相交于点N．若直线BA′交直线CD于点O，BC＝5，EN＝1，则OD的长为（）A．B．C．D．解一：∵EN＝1，∴由中位线定理得AM＝2，由折叠的性质可得A′M＝2，∵AD∥EF，∴∠AMB＝∠A′NM，∵∠AMB＝∠A′MB，∴∠A′NM＝∠A′MB，∴A′N＝2，∴A′E＝3，A′F＝2过M点作MG⊥EF于G，∴NG＝EN＝1，∴A′G＝1，由勾股定理得MG＝＝，∴BE＝DF＝MG＝，∴OF：BE＝2：3，解得OF＝，∴OD＝﹣＝．故选：B．解二：连接AA'．∵EN＝1，∴由中位线定理得AM＝2，∵对折矩形纸片ABCD，使AD与BC重合，得到折痕EF，∴A'A＝A'B，∵把纸片展平后再次折叠，使点A落在EF上的点A′处，得到折痕BM，∴A'B＝AB，∠ABM＝∠A'BM，∴△ABA'为等边三角形，∴∠ABA′＝∠BA′A＝∠A′AB＝60°，又∵∠ABC＝∠BAM＝90°，∴∠ABM＝∠A'BM＝∠A'BC＝30°，∴BM＝2AM＝4，AB＝AM＝2＝CD．在直角△OBC中，∵∠C＝90°，∠OBC＝30°，∴OC＝BC•tan∠OBC＝5×＝，∴OD＝CD﹣OC＝2﹣＝．故选：B．8．（2020•重庆）如图，在△ABC中，AC＝2，∠ABC＝45°，∠BAC＝15°，将△ACB沿直线AC翻折至△ABC所在的平面内，得△ACD．过点A作AE，使∠DAE＝∠DAC，与CD的延长线交于点E，连接BE，则线段BE的长为（）A．B．3C．2D．4解：如图，延长BC交AE于H，∵∠ABC＝45°，∠BAC＝15°，∴∠ACB＝120°，∵将△ACB沿直线AC翻折，∴∠DAC＝∠BAC＝15°，∠ADC＝∠ABC＝45°，∠ACB＝∠ACD＝120°，∵∠DAE＝∠DAC，∴∠DAE＝∠DAC＝15°，∴∠CAE＝30°，∵∠ADC＝∠DAE+∠AED，∴∠AED＝45°﹣15°＝30°，∴∠AED＝∠EAC，∴AC＝EC，又∵∠BCE＝360°﹣∠ACB﹣∠ACE＝120°＝∠ACB，BC＝BC，∴△ABC≌△EBC（SAS），∴AB＝BE，∠ABC＝∠EBC＝45°，∴∠ABE＝90°，∵AB＝BE，∠ABC＝∠EBC，∴AH＝EH，BH⊥AE，∵∠CAE＝30°，∴CH＝AC＝，AH＝CH＝，∴AE＝2，∵AB＝BE，∠ABE＝90°，∴BE＝＝2，故选：C．9．（2020•重庆）如图，三角形纸片ABC，点D是BC边上一点，连接AD，把△ABD沿着AD翻折，得到△AED，DE与AC交于点G，连接BE交AD于点F．若DG＝GE，AF＝3，BF＝2，△ADG的面积为2，则点F到BC 的距离为（）A．B．C．D．解：∵DG＝GE，＝S△AEG＝2，∴S△ADG∴S△ADE＝4，由翻折可知，△ADB≌△ADE，BE⊥AD，＝S△ADE＝4，∠BFD＝90°，∴S△ABD∴•（AF+DF）•BF＝4，∴•（3+DF）•2＝4，∴DF＝1，∴DB＝＝＝，设点F到BD的距离为h，则有•BD•h＝•BF•DF，∴h＝，故选：B．10．（2020•济南）如图，在矩形纸片ABCD中，AD＝10，AB＝8，将AB沿AE翻折，使点B落在B'处，AE为折痕；再将EC沿EF翻折，使点C恰好落在线段EB'上的点C'处，EF为折痕，连接AC'．若CF＝3，则tan∠B'AC′＝．解：连接AF，设CE＝x，则C′E＝CE＝x，BE＝B′E＝10﹣x，∵四边形ABCD是矩形，∴AB＝CD＝8，AD＝BC＝10，∠B＝∠C＝∠D＝90°，∴AE2＝AB2+BE2＝82+（10﹣x）2＝164﹣20x+x2，EF2＝CE2+CF2＝x2+32＝x2+9，由折叠知，∠AEB＝∠AEB′，∠CEF＝∠C′EF，∵∠AEB+∠AEB′+∠CEF+∠C′EF＝180°，∴∠AEF＝∠AEB′+∠C′EF＝90°，∴AF2＝AE2+EF2＝164﹣20x+x2+x2+9＝2x2﹣20x+173，∵AF2＝AD2+DF2＝102+（8﹣3）2＝125，∴2x2﹣20x+173＝125，解得，x＝4或6，当x＝6时，EC＝EC′＝6，BE＝B′E＝10﹣6＝4，EC′＞B′E，不合题意，应舍去，∴CE＝C′E＝4，∴B′C′＝B′E﹣C′E＝（10﹣4）﹣4＝2，∵∠B′＝∠B＝90°，AB′＝AB＝8，∴tan∠B'AC′＝．故答案为：．另一解法：由折叠知，∠AEB＝∠AEB′，∠CEF＝∠C′EF，∵∠AEB+∠AEB′+∠CEF+∠C′EF＝180°，∴∠AEF＝∠AEB′+∠C′EF＝90°，∴∠AEB+∠CEF＝90°，∵四边形ABCD是矩形，∴∠B＝∠C＝90°，BC＝AD＝10，∴∠BAE+∠AEB＝90°，∴∠BAE＝∠CEF，∴△ABE∽△ECF，∴，设BE＝x，则BE＝B'E＝x，C'E＝CE＝10﹣x，∴，解得，x＝4或6，∴BE＝B'E＝4，CE＝C'E＝6，或BE＝B'E＝6，CE＝C'E＝4，∵B'E＞C'E，∴BE＝B'E＝6，CE＝C'E＝4，∴B'C'＝B'E﹣C'E＝6﹣4＝2，由折叠知，AB'＝AB＝8，∠B'＝∠B＝90°，∴tan∠B'AC′＝．解法三：设BE＝a，EC＝b，则a+b＝10．由于△AB'E～△EC'F，所以AB'：EC'＝EB'：C'F，即8：a＝b：3，ab＝24．B'C'＝a﹣b，因为（a﹣b）2＝（a+b）2﹣4ab＝100﹣96＝4．所以B'C′＝2．所以tan∠B'AC′＝．故答案为．11．（2020•淄博）如图，矩形纸片ABCD，AB＝6cm，BC＝8cm，E为边CD上一点．将△BCE沿BE所在的直线折叠，点C恰好落在AD边上的点F处，过点F作FM⊥BE，垂足为点M，取AF的中点N，连接MN，则MN＝5cm．解：连接AC，MC．由翻折的性质可知，BE垂直平分线段CF，∵FM⊥BE，∴F．M，C共线，FM＝MC，∵AN＝FN，∴MN＝AC，∵四边形ABCD是矩形，∴∠ABC＝90°，∴AC＝＝＝10（cm），∴MN＝AC＝5（cm），故答案为5．12．（2020•威海）如图，四边形ABCD是一张正方形纸片，其面积为25cm2．分别在边AB，BC，CD，DA上顺次截取AE＝BF＝CG＝DH＝acm（AE＞BE），连接EF，FG，GH，HE．分别以EF，FG，GH，HE为轴将纸片向内翻折，得到四边形A1B1C1D1．若四边形A1B1C1D1的面积为9cm2，则a＝4．解：∵四边形ABCD是一张正方形纸片，其面积为25cm2，∴正方形纸片的边长为5cm，∵AE＝BF＝CG＝DH＝acm，∴BE＝AH＝（5﹣a）cm，又∠A＝∠B＝90°，∴△AHE≌△BEF（SAS），同理可得△AHE≌△BEF≌△DGH≌CFG，由折叠的性质可知，图中的八个小三角形全等．∵四边形A1B1C1D1的面积为9cm2，∴三角形AEH的面积为（25﹣9）÷8＝2（cm2），a（5﹣a）＝2，解得a1＝1（舍去），a2＝4．故答案为：4．13．（2020•牡丹江）如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，点E在AC边上．将∠A沿直线BE翻折，点A落在点A'处，连接A'B，交AC于点F．若A'E⊥AE，cos A＝，则＝．解：∵∠C＝90°，cos A＝，∴，设AC＝4x，AB＝5x，则BC＝3x，∵AE⊥AE′，∴∠AEA′＝90°，A′E∥BC，由于折叠，∴∠A′EB＝∠AEB＝（360﹣90）÷2＝135°，∵∠A′EF＝∠C＝90°，∠EFA′＝∠BFC，∴△A′EF∽△BCF，∴∠BEC＝45°，即△BCE为等腰直角三角形，∴EC＝3x，∴AE＝AC﹣EC＝x＝A′E，∴，故答案为：．14．（2020•南通）矩形ABCD中，AB＝8，AD＝12．将矩形折叠，使点A落在点P处，折痕为DE．（1）如图①，若点P恰好在边BC上，连接AP，求的值；（2）如图②，若E是AB的中点，EP的延长线交BC于点F，求BF的长．解：（1）如图①中，取DE的中点M，连接PM．∵四边形ABCD是矩形，∴∠BAD＝∠C＝90°，由翻折可知，AO＝OP，AP⊥DE，∠2＝∠3，∠DAE＝∠DPE＝90°，在Rt△EPD中，∵EM＝MD，∴PM＝EM＝DM，∴∠3＝∠MPD，∴∠1＝∠3+∠MPD＝2∠3，∵∠ADP＝2∠3，∴∠1＝∠ADP，∵AD∥BC，∴∠ADP＝∠DPC，∴∠1＝∠DPC，∵∠MOP＝∠C＝90°，∴△POM∽△DCP，∴＝＝＝，∴＝＝．解法二：证明△ABP和△DAE相似，＝＝．（2）如图②中，过点P作GH∥BC交AB于G，交CD于H．则四边形AGHD是矩形，设EG＝x，则BG＝4﹣x∵∠A＝∠EPD＝90°，∠EGP＝∠DHP＝90°，∴∠EPG+∠DPH＝90°，∠DPH+∠PDH＝90°，∴∠EPG＝∠PDH，∴△EGP∽△PHD，∴＝＝＝＝，∴PH＝3EG＝3x，DH＝AG＝4+x，在Rt△PHD中，∵PH2+DH2＝PD2，∴（3x）2+（4+x）2＝122，解得x＝（负值已经舍弃），∴BG＝4﹣＝，在Rt△EGP中，GP＝＝，∵GH∥BC，∴△EGP∽△EBF，∴＝，∴＝，∴BF＝3．15．（2020•无锡）如图，在矩形ABCD中，AB＝2，AD＝1，点E为边CD上的一点（与C、D不重合），四边形ABCE关于直线AE的对称图形为四边形ANME，延长ME交AB于点P，记四边形PADE的面积为S．（1）若DE＝，求S的值；（2）设DE＝x，求S关于x的函数表达式．解：（1）∵在矩形ABCD中，∠D＝90°，AD＝1，DE＝，∴AE＝＝，∴tan∠AED＝＝，∴∠AED＝60°，∵AB∥CD，∴∠BAE＝60°，∵四边形ABCE关于直线AE的对称图形为四边形ANME，∴∠AEC＝∠AEM，∵∠PEC＝∠DEM，∴∠AEP＝∠AED＝60°，∴△APE为等边三角形，∴S＝（+）×1＝；（2）过E作EF⊥AB于F，由（1）可知，∠AEP＝∠AED＝∠PAE，∴AP＝PE，设AP＝PE＝a，AF＝ED＝x，则PF＝a﹣x，EF＝AD＝1，在Rt△PEF中，（a﹣x）2+1＝a2，解得：a＝，∴S＝＝．。
初中数学《翻折专题》经典题型50例
翻折练习1一．选择题（共37小题）1．如图，在一张矩形纸片ABCD中，AB＝4，BC＝8，点E，F分别在AD，BC上，将纸片ABCD沿直线EF折叠，点C落在AD上的一点H处，点D落在点G处，有以下四个结论：①四边形CFHE是菱形；②EC平分∠DCH；③线段BF的取值范围为3≤BF≤4；④当点H与点A重合时，EF＝2．以上结论中，你认为正确的有（）个．A．1B．2C．3D．4【分析】先判断出四边形CFHE是平行四边形，再根据翻折的性质可得CF＝FH，然后根据邻边相等的平行四边形是菱形证明，判断出①正确；根据菱形的对角线平分一组对角线可得∠BCH＝∠ECH，然后求出只有∠DCE＝30°时EC平分∠DCH，判断出②错误；点H与点A重合时，设BF＝x，表示出AF＝FC＝8﹣x，利用勾股定理列出方程求解得到BF的最小值，点G与点D重合时，CF＝CD，求出BF＝4，然后写出BF的取值范围，判断出③正确；过点F作FM⊥AD于M，求出ME，再利用勾股定理列式求解得到EF，判断出④正确．【解答】解：∵FH与CG，EH与CF都是矩形ABCD的对边AD、BC的一部分，∴FH∥CG，EH∥CF，∴四边形CFHE是平行四边形，由翻折的性质得，CF＝FH，∴四边形CFHE是菱形，（故①正确）；∴∠BCH＝∠ECH，∴只有∠DCE＝30°时EC平分∠DCH，（故②错误）；点H与点A重合时，设BF＝x，则AF＝FC＝8﹣x，在Rt△ABF中，AB2+BF2＝AF2，即42+x2＝（8﹣x）2，解得x＝3，点G与点D重合时，CF＝CD＝4，∴BF＝4，∴线段BF的取值范围为3≤BF≤4，（故③正确）；过点F作FM⊥AD于M，则ME＝（8﹣3）﹣3＝2，由勾股定理得，EF＝＝＝2，（故④正确）；综上所述，结论正确的有①③④共3个．故选：C．【点评】本题考查了翻折变换的性质，菱形的判定与性质，勾股定理的应用，难点在于③判断出BF最小和最大时的两种情况．2．如图，在△ABC中．∠ACB＝90°，AC＝4，，点D在AB上，将△ACD沿CD折叠，点A落在点A1处，A1C与AB相交于点E，若A1D∥BC，则A1E的长为（）A．B．C．D．【分析】利用平行线的性质以及折叠的性质，即可得到∠A1+∠A1DB＝90°，即AB⊥CE，再根据勾股定理可得AB＝＝3，最后利用面积法得出AB×CE＝BC×AC，可得CE＝＝，进而依据A1C ＝AC＝4，即可得到A1E＝．【解答】解：∵A1D∥BC，∴∠B＝∠A1DB，由折叠可得，∠A1＝∠A，又∵∠A+∠B＝90°，∴∠A1+∠A1DB＝90°，∴AB⊥CE，∵∠ACB＝90°，AC＝4，，∴AB＝＝3，∵AB×CE＝BC×AC，∴CE＝＝，又∵A1C＝AC＝4，∴A1E＝4﹣＝，故选：B．【点评】本题主要考查了折叠问题以及勾股定理的运用，折叠是一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．解决问题的关键是得到CE⊥AB以及面积法的运用．3．如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，AC＝，BC＝1，D在AC上，将△ADB沿直线BD翻折后，点A落在点E处，如果AD⊥ED，那么△ABE的面积是（）A．1B．C．D．【分析】先根据勾股定理计算出AB＝2，根据含30度的直角三角形三边的关系得到∠BAC＝30°，在根据折叠的性质得BE＝BA＝2，∠BED＝∠BAD＝30°，DA＝DE，由于AD⊥ED得BC∥DE，所以∠CBF＝∠BED＝30°，在Rt△BCF中可计算出CF＝，BF＝2CF＝，则EF＝2﹣，在Rt△DEF中计算出FD＝1﹣，ED＝﹣1，然后利用S△ABE＝S△ABD+S△BED+S△ADE＝2S△ABD+S△ADE计算即可．【解答】解：∵∠C＝90°，AC＝，BC＝1，∴AB＝＝2，∴∠BAC＝30°，∵△ADB沿直线BD翻折后，点A落在点E处，∴BE＝BA＝2，∠BED＝∠BAD＝30°，DA＝DE，∵AD⊥ED，∴BC∥DE，∴∠CBF＝∠BED＝30°，在Rt△BCF中，CF＝＝，BF＝2CF＝，∴EF＝2﹣，在Rt△DEF中，FD＝EF＝1﹣，ED＝FD＝﹣1，∴S△ABE＝S△ABD+S△BED+S△ADE＝2S△ABD+S△ADE＝2×BC•AD+AD•ED＝2××1×（﹣1）+×（﹣1）（﹣1）＝1．故选：A．【点评】本题考查了折叠问题：折叠前后两图形全等，即对应线段相等；对应角相等．也考查了勾股定理和含30度的直角三角形三边的关系．4．如图，正方形ABCD中，AB＝6，点E在边CD上，且CD＝3DE．将△ADE沿AE对折至△AFE，延长EF交边BC于点G，连接AG、CF．下列结论：①△ABG≌△AFG；②BG＝GC；③AG∥CF；④S△FGC＝3．其中正确结论的个数是（）A．1B．2C．3D．4【分析】根据翻折变换的性质和正方形的性质可证Rt△ABG≌Rt△AFG；在直角△ECG中，根据勾股定理可证BG＝GC；通过证明∠AGB＝∠AGF＝∠GFC＝∠GCF，由平行线的判定可得AG∥CF；由于S△FGC＝S△GCE﹣S，求得面积比较即可．△FEC【解答】解：①正确．理由：∵AB＝AD＝AF，AG＝AG，∠B＝∠AFG＝90°，∴Rt△ABG≌Rt△AFG（HL）；②正确．理由：EF＝DE＝CD＝2，设BG＝FG＝x，则CG＝6﹣x．在直角△ECG中，根据勾股定理，得（6﹣x）2+42＝（x+2）2，解得x＝3．∴BG＝3＝6﹣3＝GC；③正确．理由：∵CG＝BG，BG＝GF，∴CG＝GF，∴△FGC是等腰三角形，∠GFC＝∠GCF．又∵Rt△ABG≌Rt△AFG；∴∠AGB＝∠AGF，∠AGB+∠AGF＝2∠AGB＝180°﹣∠FGC＝∠GFC+∠GCF＝2∠GFC＝2∠GCF，∴∠AGB＝∠AGF＝∠GFC＝∠GCF，∴AG∥CF；④错误．理由：∵S△GCE＝GC•CE＝×3×4＝6∵GF＝3，EF＝2，△GFC和△FCE等高，∴S△GFC：S△FCE＝3：2，∴S△GFC＝×6＝≠3．故④不正确．∴正确的个数有3个．故选：C．【点评】本题综合性较强，考查了翻折变换的性质和正方形的性质，全等三角形的判定与性质，勾股定理，平行线的判定，三角形的面积计算，有一定的难度．5．如图，在矩形ABCD中，E是AB边的中点，沿EC对折矩形ABCD，使B点落在点P处，折痕为EC，连结AP 并延长AP交CD于F点，连结CP并延长CP交AD于Q点．给出以下结论：①四边形AECF为平行四边形；②∠PBA＝∠APQ；③△FPC为等腰三角形；④△APB≌△EPC．其中正确结论的个数为（）A．1B．2C．3D．4【分析】①根据三角形内角和为180°易证∠P AB+∠PBA＝90°，易证四边形AECF是平行四边形，即可解题；②根据平角定义得：∠APQ+∠BPC＝90°，由矩形可知每个内角都是直角，再由同角的余角相等，即可解题；③根据平行线和翻折的性质得：∠FPC＝∠PCE＝∠BCE，∠FPC≠∠FCP，且∠PFC是钝角，△FPC不一定为等腰三角形；④当BP＝AD或△BPC是等边三角形时，△APB≌△FDA，即可解题．【解答】解：①如图，EC，BP交于点G；∵点P是点B关于直线EC的对称点，∴EC垂直平分BP，∴EP＝EB，∴∠EBP＝∠EPB，∵点E为AB中点，∴AE＝EB，∴AE＝EP，∴∠P AB＝∠APE，∵∠P AB+∠PBA+∠APB＝180°，即∠P AB+∠PBA+∠APE+∠BPE＝2（∠P AB+∠PBA）＝180°，∴∠P AB+∠PBA＝90°，∴AP⊥BP，∴AF∥EC；∵AE∥CF，∴四边形AECF是平行四边形，故①正确；②∵∠APB＝90°，∴∠APQ+∠BPC＝90°，由折叠得：BC＝PC，∴∠BPC＝∠PBC，∵四边形ABCD是矩形，∴∠ABC＝∠ABP+∠PBC＝90°，∴∠ABP＝∠APQ，故②正确；③∵AF∥EC，∴∠FPC＝∠PCE＝∠BCE，∵∠PFC是钝角，当△BPC是等边三角形，即∠BCE＝30°时，才有∠FPC＝∠FCP，如右图，△PCF不一定是等腰三角形，故③不正确；④∵AF＝EC，AD＝BC＝PC，∠ADF＝∠EPC＝90°，∴Rt△EPC≌△FDA（HL），∵∠ADF＝∠APB＝90°，∠F AD＝∠ABP，当BP＝AD或△BPC是等边三角形时，△APB≌△FDA，∴△APB≌△EPC，故④不正确；其中正确结论有①②，2个，故选：B．【点评】本题考查了全等三角形的判定和性质，等腰三角形的性质和判定，矩形的性质，翻折变换，平行四边形的判定，熟练掌握全等三角形的判定与性质是解本题的关键．6．如图，在△ABC中，AB＝AC，BC＝24，tan C＝2，如果将△ABC沿直线l翻折后，点B落在边AC的中点E处，直线l与边BC交于点D，那么BD的长为（）A．13B．C．D．12【分析】利用三线合一得到G为BC的中点，求出GC的长，过点A作AG⊥BC于点G，在直角三角形AGC中，利用锐角三角函数定义求出AG的长，再由E为AC中点，求出EC的长，进而求出FC的长，利用勾股定理求出EF的长，在直角三角形DEF中，利用勾股定理求出x的值，即可确定出BD的长．【解答】解：过点A作AG⊥BC于点G，∵AB＝AC，BC＝24，tan C＝2，∴＝2，GC＝BG＝12，∴AG＝24，∵将△ABC沿直线l翻折后，点B落在边AC的中点处，过E点作EF⊥BC于点F，∴EF＝AG＝12，∴＝2，∴FC＝6，设BD＝x，则DE＝x，∴DF＝24﹣x﹣6＝18﹣x，∴x2＝（18﹣x）2+122，解得：x＝13，则BD＝13．故选：A．【点评】此题主要考查了翻折变换的性质以及勾股定理和锐角三角函数关系，根据已知表示出DE的长是解题关键．7．如图，在△ABC中，∠ABC＝45°，AB＝3，AD⊥BC于点D，BE⊥AC于点E，AE＝1．连接DE，将△AED沿直线AE翻折至△ABC所在的平面内，得△AEF，连接DF．过点D作DG⊥DE交BE于点G．则四边形DFEG 的周长为（）A．8B．4C．2+4D．3+2【分析】先证△BDG≌△ADE，得出AE＝BG＝1，再证△DGE与△EDF是等腰直角三角形，在直角△AEB中利用勾股定理求出BE的长，进一步求出GE的长，可通过解直角三角形分别求出GD，DE，EF，DF的长，即可求出四边形DFEG的周长．【解答】解：∵∠ABC＝45°，AD⊥BC于点D，∴∠BAD＝90°﹣∠ABC＝45°，∴△ABD是等腰直角三角形，∴AD＝BD，∵BE⊥AC，∴∠GBD+∠C＝90°，∵∠EAD+∠C＝90°，∴∠GBD＝∠EAD，∵∠ADB＝∠EDG＝90°，∴∠ADB﹣∠ADG＝∠EDG﹣∠ADG，即∠BDG＝∠ADE，∴△BDG≌△ADE（ASA），∴BG＝AE＝1，DG＝DE，∵∠EDG＝90°，∴△EDG为等腰直角三角形，∴∠AED＝∠AEB+∠DEG＝90°+45°＝135°，∵△AED沿直线AE翻折得△AEF，∴△AED≌△AEF，∴∠AED＝∠AEF＝135°，ED＝EF，∴∠DEF＝360°﹣∠AED﹣∠AEF＝90°，∴△DEF为等腰直角三角形，∴EF＝DE＝DG，在Rt△AEB中，BE＝＝＝2，∴GE＝BE﹣BG＝2﹣1，在Rt△DGE中，DG＝GE＝2﹣，∴EF＝DE＝2﹣，在Rt△DEF中，DF＝DE＝2﹣1，∴四边形DFEG的周长为：GD+EF+GE+DF＝2（2﹣）+2（2﹣1）＝3+2，故选：D．【点评】本题考查了等腰直角三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，勾股定理，解直角三角形等，解题关键是能够灵活运用等腰直角三角形的判定与性质．8．如图，在平面直角坐标系中，坐标原点O是正方形OABC的一个顶点，已知点B坐标为（1，7），过点P（a，0）（a＞0）作PE⊥x轴，与边OA交于点E（异于点O、A），将四边形ABCE沿CE翻折，点A′、B′分别是点A、B的对应点，若点A′恰好落在直线PE上，则a的值等于（）A．B．C．2D．3【分析】作辅助线，根据点B的坐标，求出OB和正方形的边长，由正方形的对角线互相垂直平分得：DQ是梯形CMNA的中位线，则CM+AN＝2DQ＝7，证明△CMO≌△ONA，则ON＝CM，所以ON+AN＝7，设AN＝x，则ON＝7﹣x，根据勾股定理列方程求出x的值，并取舍，再根据正方形的边长求出OP的长．【解答】解：当点A′恰好落在直线PE上，如图所示，连接OB、AC，交于点D，过点D、A作x轴的垂线，垂足分别为Q、N，设CB′交x轴于M，则CM∥QD∥AN，∵四边形OABC是正方形，∴OD＝BD，OB⊥AC，∵O（0，0），B（1，7），∴D（，），即DQ＝由勾股定理得：OB＝＝＝5，∵△ABO是等腰直角三角形，∴AB＝AO＝5，∵DQ是梯形CMNA的中位线，∴CM+AN＝2DQ＝7，∵∠COA＝90°，∴∠COM+∠AON＝90°，∵∠CMO＝90°，∴∠COM+∠MCO＝90°，∴∠AON＝∠MCO，∵四边形OABC是正方形，∴OA＝OC，∵∠CMO＝∠ONA＝90°，∴△CMO≌△ONA，∴ON＝CM，∴ON+AN＝7，设AN＝x，则ON＝7﹣x，在Rt△AON中，由勾股定理得：x2+（7﹣x）2＝52，解得：x＝3或4，当x＝4时，CM＝3，此时点B在第二象限，不符合题意，∴x＝3，∴OM＝3，∵A′B′＝PM＝5，∴OP＝a＝2，故选：C．【点评】本题是翻折变换问题，考查了翻折的性质和正方形及坐标与图形的性质，首先明确翻折变换（折叠问题）实质上就是轴对称变换，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等；利用三角形全等和梯形中位线的性质，得出直角三角形两直角边的和为7，设未知数，根据勾股定理列方程得出结论．9．如图，将△ABC沿DE折叠，使点A与BC边的中点F重合，下列结论中：①EF∥AB且EF＝AB；②∠BAF ＝∠CAF；③S四边形ADFE＝AF•DE；④∠BDF+∠FEC＝2∠BAC，正确的个数是（）A．1B．2C．3D．4【分析】根据对折的性质可得AE＝EF，∠DAF＝∠DF A，∠EAF＝∠AFE，∠BAC＝∠DFE，据此和已知条件判断图中的相等关系．【解答】解：①由题意得AE＝EF，BF＝FC，但并不能说明AE＝EC，∴不能说明EF是△ABC的中位线，故①错；②题中没有说AB＝AC，那么中线AF也就不可能是顶角的平分线，故②错；③易知A，F关于D，E对称．那么四边形ADFE是对角线互相垂直的四边形，那么面积等于对角线积的一半，故③对；④∠BDF＝∠BAF+∠DF A，∠FEC＝∠EAF+∠AFE，∴∠BDF+∠FEC＝∠BAC+∠DFE＝2∠BAC，故④对．正确的有两个，故选B．【点评】翻折前后对应线段相等，对应角相等．10．如图，在矩形ABCD中，AD＞AB，将矩形ABCD折叠，使点C与点A重合，折痕为MN，连接CN．若△CDN 的面积与△CMN的面积比为1：4，则的值为（）A．2B．4C．D．【分析】首先过点N作NG⊥BC于G，由四边形ABCD是矩形，易得四边形CDNG是矩形，又由折叠的性质，可得四边形AMCN是菱形，由△CDN的面积与△CMN的面积比为1：4，根据等高三角形的面积比等于对应底的比，可得DN：CM＝1：4，然后设DN＝x，由勾股定理可求得MN的长，继而求得答案．【解答】解：过点N作NG⊥BC于G，∵四边形ABCD是矩形，∴四边形CDNG是矩形，AD∥BC，∴CD＝NG，CG＝DN，∠ANM＝∠CMN，由折叠的性质可得：AM＝CM，∠AMN＝∠CMN，∴∠ANM＝∠AMN，∴AM＝AN，∴四边形AMCN是平行四边形，∵AM＝CM，∴四边形AMCN是菱形，∵△CDN的面积与△CMN的面积比为1：4，∴DN：CM＝1：4，设DN＝x，则AN＝AM＝CM＝CN＝4x，AD＝BC＝5x，CG＝x，∴BM＝x，GM＝3x，在Rt△CGN中，NG＝＝x，在Rt△MNG中，MN＝＝2x，∴＝2．故选：D．【点评】此题考查了折叠的性质、矩形的判定与性质、菱形的判定与性质以及勾股定理．此题难度较大，注意掌握辅助线的作法，注意折叠中的对应关系，注意数形结合与方程思想的应用．11．如图，将边长为3的正方形纸片ABCD对折，使AB与DC重合，折痕为EF，展平后，再将点B折到边CD上，使边AB经过点E，折痕为GH，点B的对应点为M，点A的对应点为N，那么折痕GH的长为（）A．B．C．D．【分析】利用翻折变换的性质结合勾股定理表示出CH的长，得出△EDM∽△MCH，进而求出MC的长，依据△GPH≌△BCM，可得GH＝BM，再利用勾股定理得出BM，即可得到GH的长．【解答】解：设CM＝x，设HC＝y，则BH＝HM＝3﹣y，故y2+x2＝（3﹣y）2，整理得：y＝﹣x2+，即CH＝﹣x2+，∵四边形ABCD为正方形，∴∠B＝∠C＝∠D＝90°，由题意可得：ED＝1.5，DM＝3﹣x，∠EMH＝∠B＝90°，故∠HMC+∠EMD＝90°，∵∠HMC+∠MHC＝90°，∴∠EMD＝∠MHC，∴△EDM∽△MCH，∴＝，即＝，解得：x1＝1，x2＝3（不合题意），∴CM＝1，如图，连接BM，过点G作GP⊥BC，垂足为P，则BM⊥GH，∴∠PGH＝∠HBM，在△GPH和△BCM中，∴△GPH≌△BCM（SAS），∴GH＝BM，∴GH＝BM＝＝．故选：A．【点评】此题主要考查了翻折变换的性质以及正方形的性质、相似三角形的判定与性质和勾股定理的综合运用，作辅助线构造全等三角形，正确应用相似三角形的判定与性质是解题关键．12．在数学拓展课《折叠矩形纸片》上，小林发现折叠矩形纸片ABCD可以进行如下操作：①把△ABF翻折，点B 落在C边上的点E处，折痕为AF，点F在BC边上；②把△ADH翻折，点D落在AE边上的点G处，折痕为AH，点H在CD边上，若AD＝6，CD＝10，则＝（）A．B．C．D．【分析】利用翻折不变性可得AE＝AB＝10，推出DE＝8，EC＝2，设BF＝EF＝x，在Rt△EFC中，x2＝22+（6﹣x）2，可得x＝，设DH＝GH＝y，在Rt△EGH中，y2+42＝（8﹣y）2，可得y＝3，由此即可解决问题．【解答】解：∵四边形ABCD是矩形，∴∠C＝∠D＝90°，AB＝CD＝10，AD＝BC＝6，由翻折不变性可知：AB＝AE＝10，AD＝AG＝6，BF＝EF，DH＝HG，∴EG＝4，在Rt△ADER中，DE＝＝＝8，∴EC＝10﹣8＝2，设BF＝EF＝x，在Rt△EFC中有：x2＝22+（6﹣x）2，∴x＝，设DH＝GH＝y，在Rt△EGH中，y2+42＝（8﹣y）2，∴y＝3，∴EH＝5，∴＝＝，故选：A．【点评】本题考查矩形的性质，翻折变换，勾股定理等知识，解题的关键是学会利用参数构建方程解决问题，属于中考常考题型．13．矩形纸片ABCD中，AB＝5，AD＝4，将纸片折叠，使点B落在边CD上的B′处，折痕为AE．延长B′E交AB的延长线于M，折痕AE上有点P，下列五个结论中正确的有（）个①∠M＝∠DAB′；②PB＝PB′；；④MB′＝CD；⑤若B′P⊥CD，则EB′＝B′P．A．2B．3C．4D．5【分析】根据∠M＝∠CB'E，而∠CB'E+∠DB'A＝∠DAB'+∠DB'A＝90°可判断①；利用折叠的性质可判断出△B'AP≌△BAP，继而可判断出②；设AE＝x，表示出EB'＝EB＝，在Rt△CEB'中利用勾股定理可求出AE的长度，继而可判断出③；利用反证法判断④，最后看得出的结果能证明出来；根据B′P⊥CD，判断出B'P∥BC，从而有∠B'PE＝∠BEP＝∠B'EP，从而可判断出⑤．综合起来即可得出最终的答案．【解答】解：连接AB'，①由题意得∠M＝∠CB'E，而∠CB'E+∠DB'A＝∠DAB'+∠DB'A＝90°，∴∠M＝∠CB'E＝∠DAB'，故可得①正确；②根据折叠的性质可得AB'＝AB，AP＝AP，∠B'AP＝∠BAP，从而利用SAS可判定△B'AP≌△BAP，∴PB＝PB'，故可得②正确；③在Rt△ADB'可得，B'D＝＝3，从而可得CB'＝5﹣3＝2，设AE＝x，则EB'＝EB＝，在Rt△CEB'中，CE2+CB'2＝EB'2，即（4﹣）2+4＝x2﹣25，解得：x＝，即AE＝．故可得③正确；④假如MB′＝CD，则可得MB'＝AB＝AB'，∴∠M＝∠BAB'，由①得∠M＝∠DAB′，故有∠BAB'＝∠DAB'，而本题不能判定∠BAB'＝∠DAB'，即假设不成立．故可得④错误．⑤若B′P⊥CD，则B'P∥BC，∴∠B'PE＝∠BEP＝∠B'EP，∴EB'＝B'P，故可得⑤正确．综上可得①②③⑤正确，共四个．故选：C．【点评】本题考查了翻折变换，解答过程中涉及了平行四边形的性质、勾股定理，属于综合性题目，解答本题的关键是根据翻折变换的性质得出对应角、对应边分别相等，然后分别判断每个结论，难度较大，注意细心判断．14．如图，已知△ABC中，∠CAB＝∠B＝30°，AB＝2，点D在BC边上，把△ABC沿AD翻折使AB与AC重合，得△AB′D，则△ABC与△AB′D重叠部分的面积为（）A．B．C．3﹣D．【分析】首先过点D作DE⊥AB′于点E，过点C作CF⊥AB，由△ABC中，∠CAB＝∠B＝30°，AB＝2，利用等腰三角形的性质，即可求得AC的长，又由折叠的性质，易得∠CDB′＝90°，∠B′＝30°，B′C＝AB′﹣AC＝2﹣2，继而求得CD与B′D的长，然后求得高DE的长，继而求得答案．【解答】解：过点D作DE⊥AB′于点E，过点C作CF⊥AB，∵△ABC中，∠CAB＝∠B＝30°，AB＝2，∴AC＝BC，∴AF＝AB＝，∴AC＝＝＝2，由折叠的性质得：AB′＝AB＝2，∠B′＝∠B＝30°，∵∠B′CD＝∠CAB+∠B＝60°，∴∠CDB′＝90°，∵B′C＝AB′﹣AC＝2﹣2，∴CD＝B′C＝﹣1，B′D＝B′C•cos∠B′＝（2﹣2）×＝3﹣，∴DE＝＝＝，∴S阴影＝AC•DE＝×2×＝．故选：A．【点评】此题考查了折叠的性质，等腰三角形的性质、直角三角形的性质以及特殊角的三角函数问题．此题难度适中，注意掌握辅助线的作法，注意数形结合思想的应用，注意掌握折叠前后图形的对应关系．15．如图，在矩形ABCD中，点E是边CD的中点，将△ADE沿AE折叠后得到△AFE，且点F在矩形ABCD内部．将AF延长交边BC于点G．若＝，则＝（）A．B．C．D．【分析】根据中点定义可得DE＝CE，再根据翻折的性质可得DE＝EF，AF＝AD，∠AFE＝∠D＝90°，从而得到CE＝EF，连接EG，利用“HL”证明Rt△ECG和Rt△EFG全等，根据全等三角形对应边相等可得CG＝FG，设CG＝a，表示出GB，然后求出BC，再根据矩形的对边相等可得AD＝BC，从而求出AF，再求出AG，然后利用勾股定理列式求出AB，再求比值即可．【解答】解：连接EG，∵点E是边CD的中点，∴DE＝CE，∵将△ADE沿AE折叠后得到△AFE，∴DE＝EF，AF＝AD，∠AFE＝∠D＝90°，∴CE＝EF，在Rt△ECG和Rt△EFG中，，∴Rt△ECG≌Rt△EFG（HL），∴CG＝FG，设CG＝a，∵＝，∴GB＝4a，∴BC＝CG+BG＝a+4a＝5a，在矩形ABCD中，AD＝BC＝5a，∴AF＝5a，AG＝AF+FG＝5a+a＝6a，在Rt△ABG中，AB＝＝＝2a，∴＝＝．故选：C．【点评】本题考查了矩形的性质，全等三角形的判定与性质，勾股定理的应用，以及翻折变换的性质，熟记性质并作辅助线构造出全等三角形是解题的关键．16．如图，在矩形ABCD中，AB＝10，BC＝5，点E、F分别在AB、CD上，将矩形ABCD沿EF折叠，使点A、D分别落在矩形ABCD外部的点A1、D1处，则阴影部分图形的周长为（）A．15B．20C．25D．30【分析】根据折叠的性质，得A1E＝AE，A1D1＝AD，D1F＝DF，则阴影部分的周长即为矩形的周长．【解答】解：根据折叠的性质，得A1E＝AE，A1D1＝AD，D1F＝DF．则阴影部分的周长＝矩形的周长＝2（10+5）＝30．故选：D．【点评】此题主要考查了翻折变换，关键是要能够根据折叠的性质得到对应的线段相等，从而求得阴影部分的周长．17．如图，矩形纸片ABCD中，AB＝5cm，BC＝10cm，CD上有一点E，EC＝2cm，AD上有一点P，P A＝6cm，过点P作PF⊥AD交BC于点F，将纸片折叠，使P和E重合，折痕交PF于Q，则线段PQ的长是（）cm．A．4B．4.5C．4D．4【分析】首先过点Q作QH⊥CD于H，连接EQ，由矩形ABCD与PF⊥AD，易证得四边形PQHD是矩形，即可求得DH＝PQ，DH＝PD，又由折叠的性质，可得QE＝PQ，然后设PQ＝xcm，在Rt△EQH中，利用勾股定理即可得方程，解此方程即可求得答案．【解答】解：过点Q作QH⊥CD于H，连接EQ，∴∠DHQ＝90°，∵四边形ABCD是矩形，∴∠D＝90°，CD＝AB＝5cm，∴DE＝CD﹣EC＝5﹣2＝3（cm），∵PF⊥AD，∴∠FPD＝90°，∴四边形PQHD是矩形，∴QH＝PD＝AB﹣P A＝10﹣6＝4（cm），DH＝PQ，∵将纸片折叠，使P和E重合，折痕交PF于Q，∴PQ＝EQ，设PQ＝xcm，则QE＝DH＝xcm，∴EH＝DH﹣DE＝x﹣3（cm），在Rt△EQH中，QE2＝QH2+EH2，即x2＝42+（x﹣3）2，解得：x＝4．∴PQ＝4cm．故选：D．【点评】此题考查了折叠性质、矩形的判定与性质以及勾股定理等知识．此题难度较大，注意掌握辅助线的作法，注意掌握折叠前后图形的对应关系，注意数形结合与方程思想的应用．18．如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，AC＝3，BC＝4，点D、E为AC、BC上两个动点，若将∠C沿DE折叠，使点C的对应点C′落在AB上，且△ADC′恰好为直角三角形，则此时CD的长为（）A．B．C．或D．或【分析】依据△ADC′恰好为直角三角形，分两种情况进行讨论：当∠ADC'＝90°时，当∠DC'A＝90°时，分别依据相似三角形的对应边成比例，列方程求解，即可得到CD的长．【解答】解：①如图，当∠ADC'＝90°时，∠ADC'＝∠C，∴DC'∥CB，∴△ADC'∽△ACB，又∵AC＝3，BC＝4，∴＝，设CD＝C'D＝x，则AD＝3﹣x，∴＝，解得x＝，经检验：x＝是所列方程的解，∴CD＝；②如图，当∠DC'A＝90°时，∠DCB＝90°，由折叠可得，∠C＝∠DC'E＝90°，∴C'B与CE重合，由∠C＝∠AC'D＝90°，∠A＝∠A，可得△ADC'∽△ABC，Rt△ABC中，AB＝5，∴＝＝，设CD＝C'D＝x，则AD＝3﹣x，∴＝，解得x＝，∴CD＝；综上所述，CD的长为或．故选：C．【点评】本题主要考查了折叠问题，解题时常设要求的线段长为x，然后根据折叠和轴对称的性质用含x的代数式表示其他线段的长度，选择适当的直角三角形，运用勾股定理列出方程求出答案．19．将矩形ABCD按如图所示的方式折叠，BE，EG，FG为折痕，若顶点A，C，D都落在点O处，且点B，O，G 在同一条直线上，同时点E，O，F在另一条直线上，则的值为（）A．B．C．D．【分析】由折叠可得，E，G分别为AD，CD的中点，设CD＝2a，AD＝2b，根据Rt△BCG中，CG2+BC2＝BG2，可得即a2+（2b）2＝（3a）2，进而得出的值．【解答】解：由折叠可得，AE＝OE＝DE，CG＝OG＝DG，∴E，G分别为AD，CD的中点，设CD＝2a，AD＝2b，则AB＝2a＝OB，DG＝OG＝CG＝a，BG＝3a，BC＝AD＝2b，∵∠C＝90°，∴Rt△BCG中，CG2+BC2＝BG2，即a2+（2b）2＝（3a）2，∴b2＝2a2，即b＝a，∴，∴的值为，故选：B．【点评】本题主要考查了折叠问题，解题时，我们常常设要求的线段长为x，然后根据折叠和轴对称的性质用含x的代数式表示其他线段的长度，选择适当的直角三角形，运用勾股定理列出方程求出答案．20．如图，在直角△ABC中，AB＝9，BC＝6，∠B＝90°，将△ABC折叠，使A点与BC的中点D重合，折痕为MN，则线段AN的长为（）A．6B．5C．4D．3【分析】设AN＝x，由翻折的性质可知DN＝AN＝x，则BN＝9﹣x，在Rt△DBN中利用勾股定理列方程求解即可．【解答】解：设AN＝x，由翻折的性质可知DN＝AN＝x，则BN＝9﹣x．∵D是BC的中点，∴BD＝＝3．在Rt△BDN中，由勾股定理得：ND2＝NB2+BD2，即x2＝（9﹣x）2+33，解得：x＝5．AN＝5．故选：B．【点评】本题主要考查的是翻折的性质、勾股定理的应用，由翻折的性质得到DN＝AN＝x，BN＝9﹣x，从而列出关于x的方程是解题的关键．21．如图，矩形ABCD中，AC与BD相交于点E，AD：AB＝：1，将△ABD沿BD折叠，点A的对应点为F，连接AF交BC于点G，且BG＝2，在AD边上有一点H，使得BH+EH的值最小，此时＝（）A．B．C．D．【分析】设BD与AF交于点M．设AB＝a，AD＝a，根据矩形的性质可得△ABE、△CDE都是等边三角形，利用折叠的性质得到BM垂直平分AF，BF＝AB＝a，DF＝DA＝a．解直角△BGM，求出BM，再表示DM，由△ADM∽△GBM，求出a＝2，再证明CF＝CD＝2．作B点关于AD的对称点B′，连接B′E，设B′E与AD交于点H，则此时BH+EH＝B′E，值最小．建立平面直角坐标系，得出B（3，2），B′（3，﹣2），E（0，），利用待定系数法求出直线B′E的解析式，得到H（1，0），然后利用两点间的距离公式求出BH＝4，进而求出＝＝．【解答】解：如图，设BD与AF交于点M．设AB＝a，AD＝a，∵四边形ABCD是矩形，∴∠DAB＝90°，tan∠ABD＝＝，∴BD＝AC＝＝2a，∠ABD＝60°，∴△ABE、△CDE都是等边三角形，∴BE＝DE＝AE＝CE＝AB＝CD＝a．∵将△ABD沿BD折叠，点A的对应点为F，∴BM垂直平分AF，BF＝AB＝a，DF＝DA＝a．在△BGM中，∵∠BMG＝90°，∠GBM＝30°，BG＝2，∴GM＝BG＝1，BM＝GM＝，∴DM＝BD﹣BM＝2a﹣．∵矩形ABCD中，BC∥AD，∴△ADM∽△GBM，∴＝，即＝，∴a＝2，∴BE＝DE＝AE＝CE＝AB＝CD＝2，AD＝BC＝6，BD＝AC＝4．易证∠BAF＝∠F AC＝∠CAD＝∠ADB＝∠BDF＝∠CDF＝30°，∴△ADF是等边三角形，∵AC平分∠DAF，∴AC垂直平分DF，∴CF＝CD＝2．作B点关于AD的对称点B′，连接B′E，设B′E与AD交于点H，则此时BH+EH＝B′E，值最小．如图，建立平面直角坐标系，则A（3，0），B（3，2），B′（3，﹣2），E（0，），易求直线B′E的解析式为y＝﹣x+，∴H（1，0），∴BH＝＝4，∴＝＝．故选：B．【点评】本题考查了折叠的性质：折叠是一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．也考查了矩形的性质，解直角三角形，等边三角形、垂直平分线、相似三角形的判定与性质，待定系数法求直线的解析式，轴对称﹣最短路线问题，两点间的距离公式等知识．综合性较强，有一定难度．分别求出BH、CF的长是解题的关键．22．一张矩形纸片ABCD，其中AD＝8cm，AB＝6cm，先沿对角线BD对折，使点C落在点C′的位置，BC′交AD于点G（图1）；再折叠一次，使点D与点A重合，得折痕EN，EN交AD于点M（图2），则EM的长为（）A．2B．C．D．【分析】在直角三角形DMN中，利用勾股定理求得MN的长，则EN﹣MN＝EM．设EM＝x，则ED＝EN＝x+3，由勾股定理得ED2＝EM2+DM2，即（x+3）2＝x2+42，解方程即可得到EM的长．【解答】解：∵点D与点A重合，得折痕EN，∴DM＝4cm，∵AD＝8cm，AB＝6cm，在Rt△ABD中，BD＝＝10cm，∵EN⊥AD，AB⊥AD，∴EN∥AB，∴MN是△ABD的中位线，∴DN＝BD＝5cm，在Rt△MND中，∴MN＝＝3（cm），由折叠的性质可知∠NDE＝∠NDC，∵EN∥CD，∴∠END＝∠NDC，∴∠END＝∠NDE，∴EN＝ED，设EM＝x，则ED＝EN＝x+3，由勾股定理得ED2＝EM2+DM2，即（x+3）2＝x2+42，解得x＝，即EM＝cm．故选：D．【点评】本题考查折叠问题，应注意折叠是一种对称变换，它属于轴对称，根据轴对称的性质，折叠前后图形的形状和大小不变．解决问题的关键是设要求的线段长为x，然后根据折叠和轴对称的性质用含x的代数式表示其他线段的长度，选择适当的直角三角形，运用勾股定理列出方程求出答案．23．如图，折叠菱形纸片ABCD，使得AD的对应边A1D1过点C，EF为折痕，若∠B＝60°，当A1E⊥AB时，的值等于（）A．B．C．D．【分析】先延长AB，D1A1交于点G，根据三角形三角形外角性质以及等腰三角形的判定，即可得到BC＝BG＝BA，设BE＝1，AE＝x＝A1E，则AB＝1+x＝BC＝BG，A1G＝2x，在Rt△A1GE中，依据勾股定理可得A1E2+GE2＝A1G2，进而得出方程x2+（x+2）2＝（2x）2，据此可得AE＝1+，即可得出的值．【解答】解：如图所示，延长AB，D1A1交于点G，∵A1E⊥AB，∠EA1C＝∠A＝120°，∴∠G＝120°﹣90°＝30°，又∵∠ABC＝60°，∴∠BCG＝60°﹣30°＝30°，∴∠G＝∠BCG＝30°，∴BC＝BG＝BA，设BE＝1，AE＝x＝A1E，则AB＝1+x＝BC＝BG，A1G＝2x，∴GE＝1+x+1＝x+2，∵Rt△A1GE中，A1E2+GE2＝A1G2，∴x2+（x+2）2＝（2x）2，解得x＝1+，（负值已舍去）∴AE＝1+，∴＝＝，故选：D．【点评】本题主要考查了折叠问题，等腰三角形的判定，解一元二次方程以及勾股定理的运用，解决问题的关键是作辅助线构造直角三角形，依据勾股定理列方程求解．解题时注意方程思想的运用．24．如图，菱形ABCD中，点E，F分别在边AB，BC上．将菱形沿EF折叠，点B恰好落在边AD上的点G处．若∠B＝45°，AE＝，BE＝2，则tan∠EFG的值是（）A．B．C．2D．【分析】过E作PH⊥BC于P，交DA延长线于H，作GM⊥BC于M，则PH⊥AH，GM＝PH，GH＝PM，由折叠的性质得：GE＝AE＝2，GF＝BF，∠EFG＝∠EFB，由平行线的性质得出HAE＝∠B＝45°，得出△BPE 和△AEH是等腰直角三角形，得出BP＝EP＝BE＝2，AH＝EH＝AE＝1，GM＝HP＝3，在Rt△GEH中，由勾股定理求出GH＝，得出PM＝GH＝，设PF＝x，则FM＝﹣x，GF＝BF＝x+2，在Rt△GFM中，由勾股定理得出方程，解方程求出PF＝2﹣4，再由三角函数定义即可得出结果．【解答】解：过E作PH⊥BC于P，交DA延长线于H，作GM⊥BC于M，如图所示：则PH⊥AH，GM＝PH，GH＝PM，由折叠的性质得：GE＝AE＝2，GF＝BF，∠EFG＝∠EFB，∵四边形ABCD是菱形，∴AD∥BC，∴∠HAE＝∠B＝45°，∴△BPE和△AEH是等腰直角三角形，∴BP＝EP＝BE＝2，AH＝EH＝AE＝1，∴GM＝HP＝2+1＝3，在Rt△GEH中，由勾股定理得：12+GH2＝（2）2，解得：GH＝±（负值舍去），∴GH＝，∴PM＝GH＝，设PF＝x，则FM＝﹣x，GF＝BF＝x+2，在Rt△GFM中，由勾股定理得：32+（﹣x）2＝（x+2）2，解得：x＝2﹣4，∴PF＝2﹣4，∴tan∠EFG＝tan∠EFB＝＝＝；故选：B．【点评】本题考查了翻折变换的性质、菱形的性质．等腰直角三角形的判定与性质、勾股定理、三角函数等知识；熟练掌握翻折变换的性质，由勾股定理得出方程是解题的关键．25．如图，矩形ABCD与菱形EFGH的对角线均交于点O，且EG∥BC，将矩形折叠，使点C与点O重合，折痕MN过点G．若AB＝，EF＝2，∠H＝120°，则DN的长为（）A．B．C．D．2【分析】延长EG交DC于P点，连接GC、FH，则△GCP为直角三角形，证明四边形OGCM为菱形，则可证CG＝OM＝CM＝OG＝，由勾股定理求得GP的值，再由梯形的中位线定理CM+DN＝2GP，即可得出答案．【解答】解：延长EG交DC于P点，连接GC、FH；如图所示：则CP＝DP＝CD＝，△GCP为直角三角形，∵四边形EFGH是菱形，∠EHG＝120°，∴GH＝EF＝2，∠OHG＝60°，EG⊥FH，∴OG＝GH•sin60°＝2×＝，由折叠的性质得：CG＝OG＝，OM＝CM，∠MOG＝∠MCG，∴PG＝＝，∵OG∥CM，∴∠MOG+∠OMC＝180°，∴∠MCG+∠OMC＝180°，∴OM∥CG，∴四边形OGCM为平行四边形，∵OM＝CM，∴四边形OGCM为菱形，∴CM＝OG＝，根据题意得：PG是梯形MCDN的中位线，∴DN+CM＝2PG＝，∴DN＝﹣；故选：A．【点评】本题考查了矩形的性质、菱形的性质、翻折变换的性质、勾股定理、梯形中位线定理、三角函数等知识；熟练掌握菱形和矩形的性质，由梯形中位线定理得出结果是解决问题的关键．26．如图，在正方形纸片ABCD中，对角线AC、BD交于点O，折叠正方形纸片ABCD，使AD落在BD上，点A 恰好与BD上的点F重合．展开后，折痕DE分别交AB、AC于点E、G．连接GF．下列结论：①∠AGD＝112.5°；②tan∠AED＝2；③S△AGD＝S△OGD；④四边形AEFG是菱形；⑤BE＝2OG．其中正确结论的序号是（）A．①②③④⑤B．①②③④C．①③④⑤D．①④⑤【分析】①根据折叠的性质我们能得出∠ADG＝∠ODG，也就求出了∠ADG的度数，那么在三角形AGD中用三角形的内角和即可求出∠AGD的度数；②由tan∠AED＝，AE＝EF＜BE，即可求得tan∠AED＝＞2，即可得②错误；③由AG＝FG＞OG，△AGD与△OGD同高，根据同高三角形面积的比等于对应底的比，即可求得即可求得S△AGD＞S△OGD；④我们根据折叠的性质就能得出AE＝EF，AG＝GF，只要再证出AE＝AG就能得出AEFG是菱形，可用角的度数进行求解，①中应经求出了∠AGD的度数，那么就能求出∠AGE的度数，在直角三角形AED中，有了∠ADE 的度数，就能求出∠AED的度数，这样得出AE＝AG后就能证出AEFG是菱形了．⑤我们可通过相似三角形DEF和DOG得出EF和OG的比例关系，然后再在直角三角形BEF中求出BE和EF的关系，进而求出BE和OG的关系．【解答】解：∵在正方形纸片ABCD中，折叠正方形纸片ABCD，使AD落在BD上，点A恰好与BD上的点F 重合，∴∠GAD＝45°，∠ADG＝∠ADO＝22.5°，∴∠AGD＝112.5°，∴①正确．∵tan∠AED＝，AE＝EF＜BE，∴AE＜AB，∴tan∠AED＝＞2，∴②错误．∵AG＝FG＞OG，△AGD与△OGD同高，∴S△AGD＞S△OGD，∴③错误．根据题意可得：AE＝EF，AG＝FG，又∵EF∥AC，∴∠FEG＝∠AGE，又∵∠AEG＝∠FEG，。
中考数学复习---折叠变换专题复习训练(含答案)
中考数学复习---折叠变换专题复习训练一、三角形中的折叠变换1.在等腰△ABC中，AB=BC=5，AC=8，点E、F分别是AC、AB上的动点，将△AEF折叠，使点A落在△ABC的边ACA上点A′处（A′不与点A重合），当△A′BC为等腰三角形时，AE的长为_________。
2.如图，等边△ABC的边长为10，点M是边AB上一动点，将等边△ABC沿过点M的直线折叠，该直线与直线AC交于点N，使点A落在直线BC上的点D处，且BD：DC=1：4，折痕为MN，则AN的长为________．3.如图，将等边三角形ABC折叠，使得点C落在边AB上的点D处，折叠痕为EF，点E、F分别在AC、BC上，若AC=8，AD=2，则的值为_____。
CECF4.如图，△ABC中，∠BAC=90°，AB=3，AC=4，点D是BC的中点，将△ABD沿AD翻折得到△AED，连CE，则线段CE的长等于________。
5.如图，Rt△ABC，∠ACB=90°，AC=3，BC=4，将边Ac沿CE翻折，使点A落在AB上的D处，再将边BC沿CF翻折，使点B落在CD的延长线上的点F处，两条折痕与斜边AB分别交于点E、F，则线段BF的长为______。
6.如图，在Rt△ACB中，∠ACB=90°，AB=10，BC=6，点N是线段BC上的一个动点，将△ACN沿AN折叠，使点C落在点C'处，当△NC'B是直角三角形时，CN的长为________．7.如图所示，△ABC中，AB=AC，∠BAC=90°，AD⊥BC，DE⊥AC，△CDE沿直线BC翻折到△CDF，连结AF交BE、DE、DC分别于点G、H、I．若AB=，则DI的长为______．328.如图，已知一个直角三角形纸片ACB，其中∠ACB=90°，AC=4，BC=3，E，F分别是AC，AB边上点，连接EF，将纸片ACB的一角沿EF折叠．（1）如图①，若折叠后点A落在AB边上的点D处，且使S四边形ECBF=3S△AEF，则AE=________；（2）如图②，若折叠后点A落在BC边上的点M处，且使MF∥CA．则AE=________；（3）如图③，若折叠后点A落在BC延长线上的点N处，且使NF⊥AB．则AE=________．9.如图，在直角三角形纸片ABC中，∠ACB=90°，AC=8，BC=6，折叠该纸片使点B与点C重合，折痕为DE，连接AD，交CE于点F，那么△CDF的面积等于________．10.如图，在Rt△ABC中，∠A＝90°, ∠B＝30°，BC＝＋1，点E、F分别是BC、AC边上的动3点，沿EF所在直线折叠∠C，使点C的对应点C′始终落在边AB上，若△BEC′是直角三角形时，则BC′的长为________．11.如图，在△ABC中，∠ACB=90°，点D，E分别在AC，BC上，且∠CDE=∠B，将△CDE沿DE折叠，点C恰好落在AB边上的点F处．若AC=8，AB=10，则CD的长为________．二、平行四边形中的折叠变换12.如图，将▱ABCD沿EF对折，使点A落在点C处，若∠A=60°，AD=4，AB=8，则AE的长为________．13.如图，在菱形纸片ABCD中，AB=3，∠A=60°，将菱形纸片翻折，使点A落在CD的中点E处，折痕为FG，点F，G分别在边AB，AD上，则tan∠EFG的值为________．14.在菱形ABCD中，AB=5，AC=8，点P是对角线AC上的一个动点，过点P作EF垂直于AC交AD于点E，交AB于点F，将△AEF折叠，使点A落在点A′处，当△A′CD时等腰三角形时，AP的长为________．15.如图，在正方形ABCD中，对角线AC，BD交于点O，折叠正方形ABCD，使AB边落在AC上，点B落在点H处，折痕AE分别交BC于点E，交BO于点F，连结FH，则下列结论正确的有______。
中考数学折叠专项训练试题(含答案)
中考数学折叠专项训练试题附参考答案一．选择题（共9小题）1．（2013•贵港）如图，在矩形ABCD中，点E是AD的中点，∠EBC的平分线交CD于点F，将△DEF沿EF折叠，点D恰好落在BE上M点处，延长BC、EF交于点N．有下列四个结论：①DF=CF；②BF⊥EN；③△BEN是等边三角形;④S△BEF=3S△DEF．其中,将正确结论的序号全部选对的是（）A．①②③B．①②④C．②③④D．①②③④考点：翻折变换（折叠问题）；等边三角形的判定；矩形的性质．专题: 压轴题．分析：由折叠的性质、矩形的性质与角平分线的性质,可证得CF=FM=DF；易求得∠BFE=∠BFN，则可得BF⊥EN；易证得△BEN是等腰三角形，但无法判定是等边三角形;易求得BM=2EM=2DE，即可得EB=3EM，根据等高三角形的面积比等于对应底的比，即可求得答案．解答：解：∵四边形ABCD是矩形,∴∠D=∠BCD=90°，DF=MF，由折叠的性质可得：∠EMF=∠D=90°，即FM⊥BE,CF⊥BC,∵BF平分∠EBC,∴CF=MF,∴DF=CF；故①正确；∵∠BFM=90°﹣∠EBF，∠BFC=90°﹣∠CBF,∴∠BFM=∠BFC，∵∠MFE=∠DFE=∠CFN，∴∠BFE=∠BFN，∵∠BFE+∠BFN=180°，∴∠BFE=90°，即BF⊥EN，故②正确；∵在△DEF和△CNF中，，∴△DEF≌△CNF（ASA），∴EF=FN,∴BE=BN,但无法求得△BEN各角的度数，∴△BEN不一定是等边三角形；故③错误；∵∠BFM=∠BFC，BM⊥FM，BC⊥CF，∴BM=BC=AD=2DE=2EM，∴BE=3EM,∴S△BEF=3S△EMF=3S△DEF；故④正确．故选B．点评:此题考查了折叠的性质、矩形的性质、角平分线的性质以及全等三角形的判定与性质．此题难度适中，注意掌握数形结合思想的应用．2．如图，将矩形ABCD的一个角翻折,使得点D恰好落在BC边上的点G处,折痕为EF，若EB为∠AEG的平分线,EF和BC的延长线交于点H．下列结论中：①∠BEF=90°;②DE=CH；③BE=EF；④△BEG和△HEG的面积相等;⑤若，则．以上命题，正确的有（）A．2个B．3个C．4个D．5个考点: 翻折变换（折叠问题）．专题：压轴题．分析：①根据平角的定义，折叠的性质和角平分线的性质即可作出判断;②根据折叠的性质和等腰三角形的性质可知DE≠CH；③无法证明BE=EF；④根据角平分线的性质,等腰三角形的性质和三角形中线的性质可得△BEG和△HEG的面积相等；⑤过E点作EK⊥BC,垂足为K．在RT△EKG中利用勾股定理可即可作出判断．解答：解:①由折叠的性质可知∠DEF=∠GEF，∵EB为∠AEG的平分线，∴∠AEB=∠GEB，∵∠AED=180°，∴∠BEF=90°，故正确；②可证△EDF∽△HCF，DF＞CF，故DE≠CH，故错误；③只可证△EDF∽△BAE,无法证明BE=EF，故错误；④可证△GEB，△GEH是等腰三角形，则G是BH边的中线，∴△BEG和△HEG的面积相等，故正确；⑤过E点作EK⊥BC,垂足为K．设BK=x，AB=y，则有y2+（2y﹣2x）2=（2y﹣x)2，解得x1=y（不合题意舍去）,x2=y．则，故正确．故正确的有3个．故选B．点评：本题考查了翻折变换,解答过程中涉及了矩形的性质、勾股定理，属于综合性题目，解答本题的关键是根据翻折变换的性质得出对应角、对应边分别相等，然后分别判断每个结论,难度较大,注意细心判断．3．（2012•遵义）如图，矩形ABCD中，E是AD的中点，将△ABE沿BE折叠后得到△GBE，延长BG交CD于F点，若CF=1，FD=2，则BC的长为（）A．3B．2C．2D．2考点：翻折变换（折叠问题）．专题: 压轴题．分析:首先过点E作EM⊥BC于M，交BF于N，易证得△ENG≌△BNM(AAS）,MN是△BCF 的中位线，根据全等三角形的性质，即可求得GN=MN,由折叠的性质，可得BG=3，继而求得BF的值，又由勾股定理，即可求得BC的长．解答：解：过点E作EM⊥BC于M，交BF于N，∵四边形ABCD是矩形，∴∠A=∠ABC=90°，AD=BC，∵∠EMB=90°，∴四边形ABME是矩形，∴AE=BM，由折叠的性质得：AE=GE,∠EGN=∠A=90°,∴EG=BM,∵∠ENG=∠BNM,∴△ENG≌△BNM（AAS）,∴NG=NM，∴CM=DE，∵E是AD的中点，∴AE=ED=BM=CM，∵EM∥CD，∴BN：NF=BM:CM，∴BN=NF，∴NM=CF=，∴NG=，∵BG=AB=CD=CF+DF=3，∴BN=BG﹣NG=3﹣=，∴BF=2BN=5，∴BC===2．故选B．点评:此题考查了矩形的判定与性质、折叠的性质、三角形中位线的性质以及全等三角形的判定与性质．此题难度适中,注意辅助线的作法，注意数形结合思想的应用．4．如图,两个正方形ABCD和AEFG共顶点A,连BE,DG,CF，AE，BG，K，M分别为DG 和CF的中点，KA的延长线交BE于H,MN⊥BE于N．则下列结论：①BG=DE且BG⊥DE；②△ADG和△ABE的面积相等；③BN=EN，④四边形AKMN为平行四边形．其中正确的是(）A．③④B．①②③C．①②④D．①②③④考点: 正方形的性质;全等三角形的判定；平行四边形的判定．专题：证明题．分析：充分利用三角形的全等，正方形的性质，平行四边形的性质依次判断所给选项的正误即可．解答:解：由两个正方形的性质易证△AED≌△AGB,∴BG=DE，∠ADE=∠ABG，∴可得BG与DE相交的角为90°，∴BG⊥DE．①正确;如图，延长AK，使AK=KQ，连接DQ、QG，∴四边形ADQG是平行四边形；作CW⊥BE于点W,FJ⊥BE于点J,∴四边形CWJF是直角梯形；∵AB=DA，AE=DQ，∠BAE=∠ADQ，∴△ABE≌△DAQ，∴∠ABE=∠DAQ，∴∠ABE+∠BAH=∠DAQ+∠BAH=90°．∴△ABH是直角三角形．易证：△CWB≌△BHA，△EJF≌△AHE；∴WB=AH,AH=EJ，∴WB=EJ,又WN=NJ，∴WN﹣WB=NJ﹣EJ,∴BN=NE,③正确；∵MN是梯形WGFC的中位线,WB=BE=BH+HE,∴MN=（CW+FJ）=WC=（BH+HE）=BE；易证：△ABE≌△DAQ（SAS),∴AK=AQ=BE，∴MN∥AK且MN=AK；四边形AKMN为平行四边形,④正确．S△ABE=S△ADQ=S△ADG=S▱ADQG，②正确．所以,①②③④都正确；故选D．点评：当出现两个正方形时，一般应出现全等三角形．图形较复杂，选项较多时，应用排除法求解．5．(2012•资阳）如图，在△ABC中，∠C=90°，将△ABC沿直线MN翻折后，顶点C恰好落在AB边上的点D处，已知MN∥AB，MC=6,NC=，则四边形MABN的面积是（)A．B．C．D．考点：翻折变换(折叠问题）．专题：压轴题．分析:首先连接CD，交MN于E，由将△ABC沿直线MN翻折后，顶点C恰好落在AB边上的点D处，即可得MN⊥CD，且CE=DE，又由MN∥AB,易得△CMN∽△CAB，根据相似三角形的面积比等于相似比的平方，相似三角形对应高的比等于相似比，即可得，又由MC=6，NC=,即可求得四边形MABN的面积．解答：解:连接CD，交MN于E，∵将△ABC沿直线MN翻折后，顶点C恰好落在AB边上的点D处，∴MN⊥CD，且CE=DE,∴CD=2CE，∵MN∥AB,∴CD⊥AB,∴△CMN∽△CAB,∴,∵在△CMN中，∠C=90°,MC=6,NC=，∴S△CMN=CM•CN=×6×2=6，∴S△CAB=4S△CMN=4×6=24，∴S四边形MABN=S△CAB﹣S△CMN=24﹣6=18．故选C．点评：此题考查了折叠的性质、相似三角形的判定与性质以及直角三角形的性质．此题难度适中,解此题的关键是注意折叠中的对应关系，注意数形结合思想的应用．6．如图，D是△ABC的AC边上一点，AB=AC，BD=BC，将△BCD沿BD折叠，顶点C 恰好落在AB边的C′处，则∠A′的大小是（）A．40°B．36°C．32°D．30°考点: 翻折变换（折叠问题）．分析：连接C’D，根据AB=AC，BD=BC,可得∠ABC=∠ACB=∠BDC，然后根据折叠的性质可得∠BCD=∠BC'D，继而得出∠ABC=∠BCD=∠BDC=∠BDC'=∠BC’D，根据四边形的内角和求出各角的度数，最后可求得∠A的大小．解答:解：连接C'D，∵AB=AC，BD=BC,∴∠ABC=∠ACB=∠BDC，∵△BCD沿BD折叠，顶点C恰好落在AB边的C′处，∴∠BCD=∠BC'D，∴∠ABC=∠BCD=∠BDC=∠BDC'=∠BC'D，∵四边形BCDC’的内角和为360°，∴∠ABC=∠BCD=∠BDC=∠BDC’=∠BC'D==72°,∴∠A=180°﹣∠ABC﹣∠ACB=36°．故选B．点评:本题考查了折叠的性质，解答本题的关键是掌握翻折前后的对应角相等，注意本题的突破口在于得出∠ABC=∠BCD=∠BDC=∠BDC'=∠BC'D,根据四边形的内角和为360°求出每个角的度数．7．（2012•舟山)如图，已知△ABC中，∠CAB=∠B=30°，AB=2,点D在BC边上，把△ABC 沿AD翻折使AB与AC重合，得△AB′D,则△ABC与△AB′D重叠部分的面积为(）A．B．C．3﹣D．考点：翻折变换（折叠问题）．专题：压轴题．分析：首先过点D作DE⊥AB′于点E，过点C作CF⊥AB，由△ABC中,∠CAB=∠B=30°，AB=2，利用等腰三角形的性质，即可求得AC的长,又由折叠的性质，易得∠CDB′=90°，∠B′=30°,B′C=AB′﹣AC=2﹣2,继而求得CD与B′D的长,然后求得高DE的长,继而求得答案．解答：解：过点D作DE⊥AB′于点E,过点C作CF⊥AB，∵△ABC中，∠CAB=∠B=30°，AB=2，∴AC=BC，∴AF=AB=，∴AC===2,由折叠的性质得:AB′=AB=2,∠B′=∠B=30°,∵∠B′CD=∠CAB+∠B=60°,∴∠CDB′=90°，∵B′C=AB′﹣AC=2﹣2，∴CD=B′C=﹣1，B′D=B′C•cos∠B′=(2﹣2）×=3﹣，∴DE===，∴S阴影=AC•DE=×2×=．故选A．点评：此题考查了折叠的性质,等腰三角形的性质、直角三角形的性质以及特殊角的三角函数问题．此题难度适中，注意掌握辅助线的作法，注意数形结合思想的应用,注意掌握折叠前后图形的对应关系．8．(2013•定海区模拟)如图，已知△ABC中，∠CAB=∠B=30°，AB=，点D在BC边上,把△ABC沿AD翻折，使AB与AC重合，得△AED，则BD的长度为（）A．B．C．D．考点：翻折变换（折叠问题）．分析：作CF⊥AB于点F，利用三线合一定理即可求得BF的长，然后证明△CDE是直角三角形，BD=x，则CD=DE=2﹣x，利用三角函数即可得到关于x的方程，解方程即可求解．解答：解:作CF⊥AB于点F．∵∠CAB=∠B∴AC=BC，∴BF=AB=，在直角△BCF中，BC==2,在△CDE中,∠E=∠B=30°，∠ECD=∠CAB+∠B=60°,DE=BD，∴∠CDE=90°，设BD=x,则CD=DE=2﹣x,在直角△CDE中，tanE===tan30°=,解得：x=3﹣．故选B．点评:本题考查了图形的折叠，以及三线合一定理、三角函数,正确理解折叠的性质，找出图形中相等的线段、相等的角是关键．9．（2013•绥化）如图，在Rt△ABC中,∠C=90°，AC=,BC=1,D在AC上,将△ADB沿直线BD翻折后，点A落在点E处，如果AD⊥ED，那么△ABE的面积是（)A．1B．C．D．考点：翻折变换（折叠问题)．专题：压轴题．分析：先根据勾股定理计算出AB=2，根据含30度的直角三角形三边的关系得到∠BAC=30°，在根据折叠的性质得BE=BA=2，∠BED=∠BAD=30°,DA=DE，由于AD⊥ED得BC∥DE，所以∠CBF=∠BED=30°，在Rt△BCF中可计算出CF=,BF=2CF=,则EF=2﹣，在Rt△DEF中计算出FD=1﹣，ED=﹣1,然后利用S△ABE=S△ABD+S△BED+S△ADE=2S△ABD+S△ADE计算即可．解答：解：∵∠C=90°，AC=,BC=1，∴AB==2，∴∠BAC=30°，∵△ADB沿直线BD翻折后,点A落在点E处，∴BE=BA=2，∠BED=∠BAD=30°，DA=DE,∵AD⊥ED，∴BC∥DE，∴∠CBF=∠BED=30°，在Rt△BCF中，CF==，BF=2CF=，∴EF=2﹣,在Rt△DEF中，FD=EF=1﹣，ED=FD=﹣1，∴S△ABE=S△ABD+S△BED+S△ADE=2S△ABD+S△ADE=2×BC•AD+AD•ED=2××1×（﹣1）+×(﹣1）（﹣1）=1．故选A．点评：本题考查了折叠问题：折叠前后两图形全等,即对应线段相等;对应角相等．也考查了勾股定理和含30度的直角三角形三边的关系．。
中考数学中考最后压轴题训练---折叠旋转问题
。移动到什么位置时，。，。两点到直线"。的距离之和最大请直接写出此时点。的坐标 及直线”。的解析式.
4
x
点。处.已知折叠CE = 5式，且tanNED4 = 2.4
（
1
（
（
式并画出相应的直线：如果不存在，请说明理由.
即抛物线为y=2x2+6bx+ 4.
假设在抛物线
A®4x2x4-(>/3/?)232-3/
.・〃？ = -= -,H==,
2x244x28
加上(6b32-3/)
即点G的坐标为一二
I 48)
设对称轴工=-叵与直线
4
则点尸的坐标为一7,4卜
点G在y釉的右侧,
，:CM = CG = 2CF=-巫2
解之，得/? =—2.(・.fvO).
在RtZXOEA中，DE2= AD2+ AE2.
/. (4-x)2=22+x2.
2
(3、
即点
k
设DE所在直线的解析式为y = kx+b,
‘3k+b = 0,
"5k+b = -,
2
k = —,
4
解之
4
39
・・・0七所在直线的解析式为y = -x--；
44
(3)•点C((X4)在抛物线y = 2x2+J5u' + c上，「.c = 4.
为
（图3）
解：
证明：连结
■:EF垂直平分AB：.AN=BN
由折叠知AB = BN
：.AN=AB=BN：.AABN为等边三角形
中考数学中考最后压轴题训练---折叠旋转问题
一．折叠类 【1 】1. （13江苏徐州卷）在平面直角坐标系中,已知矩形ABCD 中,边2AB =,边1AD =,且AB .AD 分离在x 轴.y 轴的正半轴上,点A 与坐标原点重合．将矩形折叠,使点A 落在边DC 上,设点A '是点A 落在边DC 上的对应点．（1）当矩形ABCD 沿直线12y x b =-+折叠时（如图1）,求点A '的坐标和b 的值;（2）当矩形ABCD 沿直线y kx b =+折叠时,①求点A '的坐标（用k 暗示）;求出k 和b 之间的关系式; ② 假如我们把折痕地点的直线与矩形的地位分 为如图2.3.4所示的三种情况,请你分离写出每种情况时k 的取值规模． （将答案直接填在每种情况下的横线上）（——当如图1.2折叠时,求D A '的取值规模？）k 的取值规模是; k 的取值规模是;k 的取值规模是;[解] （1）如图答5,设直线12y x b =-+与OD 交于点E ,与OB 交于点F ,贯穿连接A O ',则OE = b ,OF = 2b ,设点A '的坐标为（a ,1）因为90DOA A OF ''∠+∠=︒,90OFE A OF '∠+∠=︒, 所以DOA OFE '∠=∠,所以△DOA '∽△OFE ．所以DA DO OE OF '=,即12a b b =,所以12a =． 所以点A '的坐标为（12,1）．贯穿连接A E ',则A E OE b '==．在R t △DEA '中,依据勾股定理有222A E A D DE ''=+ ,即2221()(1)2b b =+-,解得58b =．（2）如图答6,设直线y kx b =+与OD 交于点E ,与OB 交于点F ,贯穿连接A O ',则OE = b ,bOF k =-,设点A '的坐标为（a ,1）．因为90DOA A OF ''∠+∠=︒,90OFE A OF '∠+∠=︒． 所以DOA OFE '∠=∠,所以△DOA '∽△OFE ． 所以DA DOOE OF'=,即1a b b k=-,所以a k =-． 所以A '点的坐标为（k -,1）．贯穿连接A E ',在Rt △DEA '中,DA k '=-,1DE b =-,A E b '=． 因为222A E A D DE ''=+,所以222()(1)b k b =-+-．所以212k b +=．在图答6和图答7中求解参照给分． （3）图13﹣2中：21k -≤≤-; 图13﹣3中：1-≤k≤2-+图13﹣4中：20k -≤[点评]这是一道有关折叠的问题,重要考核一次函数.四边形.类似形等常识,试题中贯串了方程思惟和数形结合的思惟,请留意领会.2. （13广西钦州卷）如图,在平面直角坐标系中,矩形OABC 的极点O 为原点,E 为AB 上一点,把CBE △沿CE 折叠,使点B 正好落在OA 边上的点D 处,点AD ，的坐标分离为(50)，和(30)，．（1）求点C的坐标;（2）求DE地点直线的解析式;（3）设过点C的抛物线22(0)y x c b=+<与直线BC的另一个交点为M,问在该抛物线上是否消失点G,使得CMG△为等边三角形．若消失,解释来由．[解] （1）依据题意,得53CD CB OA OD====，,90COD=∠,4OC∴=．∴点C的坐标是(04)，;（2）4AB OC==,设AE x=,则4DE BE x==-,532AD OA OD=-=-=,在Rt DEA△中,222DE AD AE=+．222(4)2x x∴-=+．解之,得32x=,即点E的坐标是352⎛⎫⎪⎝⎭，．设DE地点直线的解析式为y kx b=+,30352k bk b+=⎧⎪∴⎨+=⎪⎩，，解之,得3494kb⎧=⎪⎪⎨⎪=-⎪⎩，．DE∴地点直线的解析式为3944y x=-;（3）点(04)C ，在抛物线22y x c =++上,4c ∴=．即抛物线为224y x =++．假设在抛物线224y x =++上消失点G ,使得CMG △为等边三角形,依据抛物线的对称性及等边三角形的性质,得点G 必定在该抛物线的极点上． 设点G 的坐标为()m n ，,224m ∴=-=-⨯,22424)323428b n ⨯⨯--==⨯,即点G 的坐标为232348b ⎛⎫-- ⎪ ⎪⎝⎭，．设对称轴x =CB 交于点F ,与x 轴交于点H ．则点F 的坐标为4⎛⎫⎪⎪⎝⎭． 00b m <∴>，,点G 在y 轴的右侧,CF m ==2232334488b b FH FG -==-=，．2CM CG CF ===∴在Rt CGF △中,222CG CF FG =+,222238b ⎛⎛⎛⎫=+ ⎪ ⎝⎭⎝⎭⎝⎭．解之,得2(0)b b =-<．．42m ∴=-=,2323582b n -==． ∴点G 的坐标为522⎛⎫⎪ ⎪⎝⎭，．∴在抛物线224(0)y x b =++<上消失点G 52⎫⎪⎪⎝⎭，,使得CMG △为等边三角形．[点评]这是一道以折叠为布景的分解型压轴题,分解性较强,这类试题在各地中考题中消失的频率不小,本题中第1.2小题只需依据折叠的基赋性质结合函数常识即可得解,第3小题是探讨型问题,是一道检测学生才能的好题.3（13湖北咸宁卷）如图,OABC 是一张放在平面直角坐标系中的矩形纸片,O 为原点,点A 在x 轴的正半轴上,点C 在y 轴的正半轴上,53OA OC ==，．（1）在AB 边上取一点D ,将纸片沿OD 翻折,使点A 落在BC 边上的点E 处,求点D ,E 的坐标;（2）若过点D E ，的抛物线与x 轴订交于点(50)F -，,求抛物线的解析式和对称轴方程; （3）若（2）中的抛物线与y 轴交于点H ,在抛物线上是否消失点P ,使PFH △的心坎在坐标轴．．．上？若消失,求出点P 的坐标,若不消失,请解释来由． （4）若（2）中的抛物线与y 轴订交于点H ,点Q 在线段OD 上移动,作直线HQ ,当点Q 移动到什么地位时,O D ，两点到直线HQ 的距离之和最大？请直接写出此时点Q 的坐标及直线HQ 的解析式．4. .(14台州市)24．如图,四边形OABC坐标系中的矩形纸片,点A 在x 轴上,点C 在y 轴上,折叠,使点B 落在边OA 的点D 处．已知折叠CE =3tan 4EDA ∠=．（1）断定OCD △与ADE △是否类似？请解释来由; （2）求直线CE 与x 轴交点P 的坐标;题）（3）是否消失过点D 的直线l ,使直线l .直线CE 与x 轴所围成的三角形和直线l .直线CE 与y 轴所围成的三角形类似？假如消失,请直接写出其解析式并画出响应的直线;假如不消失,请解释来由．解：（1）OCD △与ADE △类似． 来由如下：由折叠知,90CDE B ∠=∠=°,1290∠+∠=∴°,13902 3.∠+∠=∴∠=∠，又90COD DAE ∠=∠=∵°,OCD ADE ∴△∽△．（2）3tan 4AE EDA AD ∠==∵,∴设3AE t =,则4AD t =．由勾股定理得5DE t =．358OC AB AE EB AE DE t t t ==+=+=+=∴．由（1）OCD ADE △∽△,得OC CDAD DE=, 845t CDt t=∴, 10CD t =∴．在DCE △中,222CD DE CE +=∵,222(10)(5)t t +=∴,解得1t =．83OC AE ==∴，,点C 的坐标为(08)，, 点E 的坐标为(103)，, 设直线CE 的解析式为y kx b =+,1038k b b +=⎧⎨=⎩，∴，解得128k b ⎧=-⎪⎨⎪=⎩，，（第24题图2）182y x =-+∴,则点P 的坐标为(160)，． （3）知足前提的直线l 有2条：212y x =-+,212y x =-．如图2：精确画出两条直线． 5. (14宁德市)26. 已知：矩形纸片ABCD 中,26AB =厘米,18.5BC =厘米,点E 在AD 上,且6AE =厘米,点P 是AB 边上一动点．按如下操纵：步调一,折叠纸片,使点P 与点E 重合,睁开纸片得折痕MN （如图1所示）; 步调二,过点P 作PT AB ⊥,交MN 地点的直线于点Q ,衔接QE （如图2所示） （1）无论点P 在AB 边上任何地位,都有PQ QE （填“>”.“=”.“<”号）; （2）如图3所示,将纸片ABCD 放在直角坐标系中,按上述步调一.二进行操纵： ①当点P 在A 点时,PT 与MN 交于点11Q Q ，点的坐标是（,）; ②当6PA =厘米时,PT 与MN 交于点22Q Q ，点的坐标是（,）;③当12PA =厘米时,在图3中画出MN PT ，（不请求写画法）,并求出MN 与PT 的交点3Q 的坐标;（3）点P 在活动进程,PT 与MN 形成一系列的交点123Q Q Q ，，，…不雅察.猜测：浩瀚的交点形成的图象是什么？并直接写出该图象的函数表达式．解: （1）PQ QE =．C B图1图3CE图2（2）①(03)，;②(66)，． ③绘图,如图所示．解：办法一：设MN 与EP 交于点F ． 在Rt APE △中,PE ==∵12PF PE ==∴390Q PF EPA ∠+∠=∵°,90AEP EPA ∠+∠=°,3Q PF AEP ∠=∠∴．又390EAP Q FP ∠=∠=∵°, 3Q PF PEA ∴△∽△．3Q P PFPE EA=∴． 315PE PFQ P EA==·∴． 3(1215)Q ∴，．办法二：过点E 作3EG Q P ⊥,垂足为G ,则四边形APGE 是矩形．6GP =∴,12EG =．设3Q G x =,则336Q E Q P x ==+． 在3Rt Q EG △中,22233EQ EG Q G =+∵． 222(6)12x x +=+∴．9x =∴．3125Q P =∴． 3(1215)Q ∴，．（3）这些点形成的图象是一段抛物线． 函数关系式：213(026)12y x x =+≤≤． 6. (14日照市)24. 如图,直线EF 将矩形纸片ABCD 分成面积相等的两部分,E .F 分离与BC 交于点E ,与AD 交于点F （E ,F 不与极点重合）,设AB=a,AD=b,BE=x ．(Ⅰ)求证：AF=EC ;(Ⅱ)用铰剪将纸片沿直线EF 剪开后,再将纸片ABEF 沿AB 对称翻折,然后平移拼接在梯形ECDF 的下方,使一底边重合,直腰落在边DC 的延伸线上,拼接后,下方的梯形记作EE′B′C .（1）求出直线EE ′分离经由原矩形的极点A 和极点D 时,所对应的 x ︰b 的值;（2）在直线EE ′经由原矩形的一个极点的情况下,衔接B E′,直线BE ′与EF 是否平行？你若认为平行,请赐与证实;你若认为不服行,请你解释当a 与b 知足什么关系时,它们垂直？ 解: (Ⅰ)证实：∵AB=a ,AD=b ,BE=x ,S 梯形ABEF =S 梯形CDFE ． ∴21a (x +AF )=21a (EC +b -AF ), ∴2AF =EC +(b -x )． 又∵EC ＝b -x ,∴2AF =2EC ,即AF=EC ;(Ⅱ)（1）当直线EE′经由原矩形的极点D 时,如图（一）, ∵EC ∥E ′B ′, ∴B E EC ''=BD DC'. 由EC ＝b -x ,E ′B ′=EB =x ,DB ′=DC +CB ′=2a , 得aax x b 2=-, ∴x ︰b =32;当直线E′E 经由原矩形的极点A 时,如图（二）, 在梯形AE ′B ′D 中,∵EC ∥E ′B ′,点C 是DB ′的中点, ∴CE =21(AD + E ′B ′),即b -x ＝21（b ＋x ）, ∴x ︰b =31．(2) 如图（一）, 当直线EE′ 经由原矩形的极点D 时,BE ′∥EF ． 证实：衔接BF ． ∵FD ∥BE , FD =BE ,∴四边形FBED 是平行四边形, ∴FB ∥DE , FB =DE ,又∵EC ∥E ′B ′, 点C 是DB ′的中点, ∴DE =EE ′,∴FB ∥EE ′, FB = EE ′,∴四边形BE ′EF 是平行四边形 ∴BE ′∥EF ．如图（二）, 当直线EE′ 经由原矩形的极点A 时,显然BE ′与EF 不服行,设直线EF 与BE′交于点G .过点E ′作E ′M ⊥BC 于M , 则E ′M =a .．∵x ︰b =31, ∴EM =31BC =31b ．若BE′与EF 垂直,则有∠GBE +∠BEG =90°,又∵∠BEG ＝∠FEC ＝∠MEE ′, ∠MEE ′+∠ME ′E =90°, ∴∠GBE =∠ME ′E .在R t △BME ′中,tan ∠E ′BM = tan ∠GBE =BM M E '=b a32． 在R t △EME ′中,tan ∠ME ′E =M E EM '=ab31,∴b a 32＝a b 31． 又∵a ＞0,b ＞0,=ba32, ∴当=ba32时,BE′与EF 垂直. 7. (14荆门市)28. 如图1,在平面直角坐标系中,有一张矩形纸片OABC ,已知O (0,0),A (4,0),C (0,3),点P 是OA 边上的动点(与点O .A 不重合)．现将△P AB 沿PB 翻折,得到△PDB ;再在OC 边上拔取恰当的点E ,将△POE 沿PE 翻折,得到△PFE ,并使直线PD .PF 重合．(1)设P (x ,0),E (0,y ),求y 关于x 的函数关系式,并求y 的最大值;(2)如图2,若翻折后点D 落在BC 边上,求过点P .B .E 的抛物线的函数关系式;(3)在(2)的情况下,在该抛物线上是否消失点Q ,使△PEQ 是以PE 为直角边的直角三角形？若不消失,解释来由;若消失,求出点Q 的坐标．解：(1)由已知PB 等分∠APD ,PE 等分∠OPF ,且PD .PF 重合,则∠BPE =90°．∴∠OPE ＋∠APB =90°．又∠APB ＋∠ABP =90°,∴∠OPE =∠PBA ． ∴Rt △POE ∽Rt △BP A ． ∴PO BA OE AP =．即34x y x =-．∴y =2114(4)333x x x x -=-+(0＜x ＜4)． 且当x =2时,y 有最大值13．图2图1(2)由已知,△P AB .△POE 均为等腰三角形,可得P (1,0),E (0,1),B (4,3)．设过此三点的抛物线为y =ax 2＋bx ＋c ,则1,0,164 3.c a b c a b c =⎧⎪++=⎨⎪++=⎩∴1,23,21.a b c ⎧=⎪⎪⎪=-⎨⎪=⎪⎪⎩y =213122x x -+． (3)由(2)知∠EPB =90°,即点Q 与点B 重应时知足前提． 直线PB 为y =x －1,与y 轴交于点(0,－1)． 将PB 向上平移2个单位则过点E (0,1), ∴该直线为y =x ＋1．由21,131,22y x y x x =+⎧⎪⎨=-+⎪⎩得5,6.x y =⎧⎨=⎩∴Q(5,6)． 故该抛物线上消失两点Q (4,3).(5,6)知足前提．8. (14湖北省孝感市)25.在我们进修过的数学教科书中,有一个数学活动,其具体操纵进程是：第一步：半数矩形纸片ABCD ,使AD 与BC 重合,得到折痕EF ,把纸片睁开（如图1）; 第二步：再一次折叠纸片,使点A 落在EF 上,并使折痕经由点B ,得到折痕BM ,同时得到线段BN （如图2）.（图1） （图2）请解答以下问题：（1）如图2,若延伸MN 交BC 于P ,△BMP 是什么三角形？请证实你的结论．（2）在图2中,若AB=a ,BC=b,a .b 知足什么关系,才干在矩形纸片ABCD 上剪出相符（1）中结论的三角形纸片BMP ？（3）设矩形ABCD 的边AB =2,BC =4,并树立如图3所示的直角坐标系. 设直线BM '为y kx =,当M BC '∠=60°时,求k 的值.此时,将△ABM ′沿BM ′折叠,点A 是否落在EF 上（E.F 分离为AB.CD 中点）？为什么？（图3）解：（1）△BMP 是等边三角形. 证实：贯穿连接AN ∵EF 垂直等分AB ∴AN = BN由折叠知 AB = BN∴AN = AB = BN ∴△ABN 为等边三角形 ∴∠ABN =60°∴∠PBN =30°又∵∠ABM =∠NBM =30°,∠BNM =∠A =90° ∴∠BPN =60°∠MBP =∠MBN +∠PBN =60° ∴∠BMP =60°∴∠MBP =∠BMP =∠BPM =60° ∴△BMP 为等边三角形 .（2）要在矩形纸片ABCD 上剪出等边△BMP ,则BC ≥BP在Rt △BNP 中, BN = BA =a ,∠PBN =30°∴BP =cos30a∴b ≥cos30a ∴a ≤23b .∴当a ≤23b 时,在矩形上能剪出如许的等边△BMP . （3）∵∠M ′BC =60°∴∠ABM ′=90°－60°=30°在Rt △ABM ′中,tan ∠ABM ′=AM AB '∴tan30°=2AM '∴AM ′∴M ′,2).代入y =kx 中 ,得k设△ABM ′沿BM ′折叠后,点A 落在矩形ABCD 内的点为A ' 过A '作A 'H ⊥BC 交BC 于H .∵△A 'BM ′≌△ABM ′∴A BM ''∠=ABM '∠=30°,A 'B = AB =2∴A BH MBH''∠=∠－A BM ''∠=30°. 在Rt △A 'BH 中,A 'H =12A 'B =1 ,BH=3 ∴()3,1A '∴A '落在EF 上.(图2) (图3)9. (14广东省茂名市)25. 如图,已知平面直角坐标系xoy 中,有一矩形纸片OABC ,O 为坐标原点,AB x ∥轴, B （3）,现将纸片按如图折叠,AD ,DE 为折痕,30OAD ∠=︒．折叠后,点O 落在点1O ,点C 落在点1C ,并且1DO 与1DC 在统一向线上． （1）求折痕AD 地点直线的解析式; （2）求经由三点O ,1C ,C 的抛物线的解析式;（3）若⊙P 的半径为R ,圆心P 在（2）的抛物线上活动, ⊙P 与两坐标轴都相切时,求⊙P 半径R 的值． 解：(第25题图)C DOA BEO 1C 1 xy30OA OAD =∠=︒．∴tan 3013OD OA =︒==,∴(()010A D ，，． 设直线AD 的解析式为y kx b =+． 把A ,D 坐标代入上式得：b k b ⎧=⎪⎨+=⎪⎩,解得：k b ⎧=⎪⎨=⎪⎩,折痕AD地点的直线的解析式是y = （2）过1C 作1C F OC ⊥于点F ,由已知得160ADO ADO ∠=∠=︒,∴160C DC ∠=︒． 又DC ＝3－1＝2,∴12DC DC ==．∴在1Rt C DF △中,111sin 2sin60C F DC C DF =∠=⨯︒1112DF DC ==,∴(1C ,罢了知()3,0C ．法一：设经由三点O ,C 1,C 的抛物线的解析式是()3y ax x =-点(12C 在抛物线上,∴()223a -=∴a =∴()23222y x x x x =--=-+为所求 法二：设经由三点O ,C 1,C 的抛物线的解析式是2,(0)y ax bx c a =++≠． 把O ,C 1,C 的坐标代入上式得:042930c a b c a b c =⎧⎪++=⎨⎪++=⎩解得0a b c ⎧=⎪⎪=⎨⎪=⎪⎩∴2y x x =为所求．（3）设圆心(),P x y ,则当⊙P 与两坐标轴都相切时,有y x =±．由y x =,得2x x x =,解得10x =（舍去）,233x =-． 由y x =-,得2x x x +=-解得10x =（舍去）,23x =． ∴所求⊙P的半径3R =-或3R =+ 10. (14重庆市) 28．已知,在Rt △OAB 中,∠OAB ＝900,∠BOA ＝300,AB ＝2.若以O 为坐标原点,OA 地点直线为x 轴,树立如图所示的平面直角坐标系,点B 在第一象限内.将Rt △OAB 沿OB 折叠后,点A 落在第一象限内的点C 处.（1）求点C 的坐标;（2）若抛物线bx ax y +=2（a ≠0）经由C.A 两点,求此抛物线的解析式;（3）若抛物线的对称轴与OB 交于点D,点P 为线段DB 上一点,过P 作y 轴的平行线,交抛物线于点M.问：是否消失如许的点P,使得四边形CDPM 为等腰梯形？若消失,请求出此时点P 的坐标;若不消失,请解释来由.注：抛物线c bx ax y ++=2（a ≠0）的极点坐标为⎪⎪⎭⎫⎝⎛--a b ac ，a b 4422,对称轴公式为abx 2-=解: （1）过点C 作CH ⊥x 轴,垂足为H∵在Rt △OAB 中,∠OAB ＝900,∠BOA ＝300,AB ＝2 ∴OB ＝4,OA ＝32由折叠知,∠COB ＝300,OC ＝OA ＝32 ∴∠COH ＝600,OH ＝3,CH ＝3 ∴C 点坐标为（3,3）（2）∵抛物线bx ax y +=2（a ≠0）经由C （3,3）.A （32,0）两点∴()()⎪⎩⎪⎨⎧+=+=b a b a 3232033322解得：⎩⎨⎧=-=321b a∴此抛物线的解析式为：x x y 322+-=（3）消失.因为x x y 322+-=的极点坐标为（3,3）即为点CMP ⊥x 轴,设垂足为N,PN ＝t ,因为∠BOA ＝300,所以ON ＝3t ∴P （3t ,t ）作PQ ⊥CD,垂足为Q,ME ⊥CD,垂足为E把t x ⋅=3代入x x y 322+-=得：t t y 632+-=∴ M （3t ,t t 632+-）,E （3,t t 632+-）同理：Q （3,t ）,D （3,1）要使四边形CDPM 为等腰梯形,只需CE ＝QD 即()16332-=+--t t t ,解得：341=t ,12=t （舍） ∴ P 点坐标为（334,34） ∴ 消失知足前提的点P,使得四边形CDPM 为等腰梯形,此时P 点的坐为（334,34）11. （15山东青岛）24．（本小题满分12分）已知：如图①,在Rt ACB △中,90C ∠=,4cm AC =,3cm BC =,点P 由B 动身沿BA 偏向向点A 匀速活动,速度为1cm/s;点Q 由A 动身沿AC 偏向向点C 匀速活动,速度为2cm/s;衔接PQ ．若设活动的时光为(s)t （02t <<）,解答下列问题： （1）当t 为何值时,PQ BC ∥？（2）设AQP △的面积为y （2cm ）,求y 与t 之间的函数关系式;（3）是否消失某一时刻t ,使线段PQ 正好把Rt ACB △的周长和面积同时等分？若消失,求出此时t 的值;若不消失,解释来由;（4）如图②,衔接PC ,并把PQC △沿QC 翻折,得到四边形PQP C ',那么是否消失某一时刻t ,使四边形PQP C '为菱形？若消失,求出此时菱形的边长;若不消失,解释来由．12. （15浙江湖州）24．（本小题12分）已知：在矩形AOBC 中,4OB =,3OA =．分离以OB OA ，地点直线为x 轴和y 轴,树立如图所示的平面直角坐标系．F 是边BC 上的一个动点（不与B C ，重合）,过F 点的反图①比例函数(0)ky k x=>的图象与AC 边交于点E ． （1）求证：AOE △与BOF △的面积相等;（2）记OEF ECF S S S =-△△,求当k 为何值时,S 有最大值,最大值为若干？（3）请摸索：是否消失如许的点F ,使得将CEF △沿EF 半数后,C 点正好落在OB 上？若消失,求出点F 的坐标;若不消失,请解释来由．（15浙江湖州24题解析）24．（本小题12分）（1）证实：设11()E x y ，,22()F x y ，,AOE △与FOB △的面积分离为1S ,2S , 由题意得11k y x =,22k y x =．1111122S x y k ∴==,2221122S x y k ==． 12S S ∴=,即AOE △与FOB △的面积相等．（2）由题意知：E F ，两点坐标分离为33kE ⎛⎫ ⎪⎝⎭，,44k F ⎛⎫ ⎪⎝⎭，, 1111432234ECF S EC CF k k ⎛⎫⎛⎫∴==-- ⎪⎪⎝⎭⎝⎭△, 11121222EOF AOE BOF ECF ECF ECF AOBC S S S S S k k S k S ∴=---=---=--△△△△△△矩形11112212243234OEF ECF ECF S S S k S k k k ⎛⎫⎛⎫∴=-=--=--⨯-- ⎪⎪⎝⎭⎝⎭△△△2112S k k ∴=-+．当161212k =-=⎛⎫⨯- ⎪⎝⎭时,S 有最大值．131412S -==⎛⎫⨯- ⎪⎝⎭最大值．（3）解：设消失如许的点F ,将CEF △沿EF 半数后,C 点正好落在OB 边上的M 点,过点E 作EN OB ⊥,垂足为N ．由题意得：3EN AO ==,143EM EC k ==-,134MF CF k ==-, 90EMN FMB FMB MFB ∠+∠=∠+∠=,EMN MFB ∴∠=∠．又90ENM MBF ∠=∠=,ENM MBF ∴△∽△．EN EM MB MF∴=,11414312311331412k k MB k k ⎛⎫-- ⎪⎝⎭∴==⎛⎫-- ⎪⎝⎭, 94MB ∴=． 222MB BF MF +=,222913444k k ⎛⎫⎛⎫⎛⎫∴+=- ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,解得218k =．21432k BF ∴==． ∴消失相符前提的点F ,它的坐标为21432⎛⎫⎪⎝⎭，．13（15浙江衢州）24.(本题14分)已知直角梯形纸片OABC 在平面直角坐标系中的地位如图所示,四个极点的坐标分离为O(0,0),A(10,0),B(8,32),C(0,32),点T 在线段OA 上(不与线段端点重合),将纸片折叠,使点A 落在射线AB 上(记为点A ′),折痕经由点T,折痕TP 与射线AB 交于点P,设点T 的横坐标为t,折叠后纸片重叠部分(图中的暗影部分)的面积为S; (1)求∠OAB 的度数,并求当点A ′在线段AB 上时,S 关于t 的函数关系式;(2)当纸片重叠部分的图形是四边形时,求t 的取值规模;(3)S 消失最大值吗？若消失,求出这个最大值,并求此时t 的值;若不消失,请解释来由.（15浙江衢州24题解析）24.(本题14分)解：(1)∵A,B 两点的坐标分离是A(10,0)和B(8,32),∴381032OAB tan =-=∠,∴︒=∠60OAB当点A ´在线段AB 上时,∵︒=∠60OAB ,TA=TA ´, ∴△A ´TA 是等边三角形,且A T TP '⊥, ∴)t 10(2360sin )t 10(TP -=︒-=,)t 10(21AT 21AP P A -===', ∴2TPA )t 10(83TP P A 21S S -=⋅'=='∆, 当A ´与B 重应时,A T=AB=460sin 32=︒, 所以此时10t 6<≤.(2)当点A ´在线段AB 的延伸线,且点P 在线段AB(不与B 重合)上时, 纸片重叠部分的图形是四边形(如图(1),个中E 是TA ´与CB 的交点),(3)S 消失最大值○1当10t 6<≤时,2)t 10(83S -=, 在对称轴t=10的左边,S 的值跟着t 的增大而减小,∴当t=6时,S 的值最大是32.○2当6t 2<≤时,由图○1,重叠部分的面积EB A TP A S S S '∆'∆-=∵△A ´EB 的高是︒'60sin B A , ∴23)4t 10(21)t 10(83S 22⨯----=34)2t (83)28t 4t (8322+--=++-=当t=2时,S 的值最大是34;○3当2t 0<<,即当点A ´和点P 都在线段AB 的延伸线是(如图○2,个中E 是TA ´与CB 的交点,F 是TP 与CB 的交点),∵ETF FTP EFT ∠=∠=∠,四边形ETAB 是等腰形,∴EF=ET=AB=4, ∴3432421OC EF 21S =⨯⨯=⋅=综上所述,S 的最大值是34,此时t 的值是2t 0≤<.14 15浙江绍兴）24．将一矩形纸片OABC 放在平面直角坐标系中,(00)O ，,(60)A ，,(03)C ，．动点Q 从点O 动身以每秒1个单位长的速度沿OC 向终点C 活动,活动23秒时,动点P 从点A 动身以相等的速度沿AO 向终点O 活动．当个中一点到达终点时,另一点也停滞活动．设点P 的活动时光为t （秒）． （1）用含t 的代数式暗示OP OQ ，;（2）当1t =时,如图1,将OPQ △沿PQ 翻折,点O 正好落在CB 边上的点D 处,求点D 的坐标;AT COF（3）贯穿连接AC ,将OPQ △沿PQ 翻折,得到EPQ △,如图2．问：PQ 与AC 可否平行？PE 与AC 可否垂直？若能,求出响应的t 值;若不克不及,解释来由．（15浙江绍兴24题解析）24．（本题满分14分） 解：（1）6OP t =-,23OQ t =+．（2）当1t =时,过D 点作1DD OA ⊥,交OA 于1D ,如图1, 则53DQ QO ==,43QC =, 1CD ∴=,(13)D ∴，． （3）①PQ 能与AC 平行． 若PQ AC ∥,如图2,则OP OAOQ OC=, 即66233t t -=+,149t ∴=,而703t ≤≤, 149t ∴=．②PE 不克不及与AC 垂直．图1图1（第24题图）若PE AC ⊥,延伸QE 交OA 于F ,如图3,则23335t QF OQ QFAC OC +==．23QF t ⎫∴=+⎪⎭．EF QF QE QF OQ ∴=-=- 2233t t ⎫⎛⎫=+-+⎪ ⎪⎭⎝⎭21)1)3t =+．又Rt Rt EPF OCA △∽△,PE OCEF OA∴=, 63261)3t t -∴=⎛⎫+ ⎪⎝⎭,3.45t ∴≈,而703t ≤≤,t ∴不消失．15. （15浙江宿迁24题解析）24．如图,在矩形ABCD 中,9AB =,AD =,点P 是边BC 上的动点（点P 不与点B ,点C 重合）,过点P 作直线PQ BD ∥,交CD 边于Q 点,再把PQC △沿着动直线PQ 半数,点C 的对应点是R 点,设CP 的长度为x ,PQR △与矩形ABCD 重叠部分的面积为y ． （1）求CQP ∠的度数;（2）当x 取何值时,点R 落在矩形ABCD 的AB 边上？ （3）①求y 与x 之间的函数关系式;②当x 取何值时,重叠部分的面积等于矩形面积的727？二．扭转类1. （15湖南常德26题）如图9,在直线l 上摆放有△ABC 和直角梯形DEFG ,且CD ＝6㎝;在△ABC 中：∠C ＝90O ,∠A ＝300,AB ＝4㎝;在直角梯形DEFG 中：EF//DG,∠DGF ＝90O ,DG ＝6㎝,DE ＝4㎝,∠EDG ＝600.解答下列问题：（1）扭转：将△ABC 绕点C 顺时针偏向扭转900,请你在图中作出扭转后的对应图形 △A 1B 1C,并求出AB 1的长度;（2）翻折：将△A 1B 1C 沿过点B 1且与直线l 垂直的直线翻折,得到翻折后的对应图形 △A 2B 1C 1,试剖断四边形A 2B 1DE 的外形？并解释来由;（3）平移：将△A 2B 1C 1沿直线l 向右平移至△A 3B 2C 2,若设平移的距离为ｘ,△A 3B 2C 2与直角梯形重叠部分的面积为ｙ,当ｙ等于△ABC 面积的一半时,ｘ的值是若干？（15湖南常德26题解析）解：（1）在△ABC 中由已知得：BC=2,AC ＝AB×cos30°=32,∴AB 1=AC+C B 1=AC+CB=322 .……………………………………2分AC DG图9(2)四边形A 2B 1DE 为平行四边形.来由如下：∵∠EDG ＝60°,∠A 2B 1C 1＝∠A 1B 1C ＝∠ABC ＝60°,∴A 2B 1∥DE又A 2B 1＝A 1B 1＝AB ＝4,DE ＝4,∴A 2B 1＝DE,故结论成立.………………4分 （3）由题意可知： S △ABC =3232221=⨯⨯, ① 当20<≤x 或10≥x 时,ｙ＝0此时重叠部分的面积不会等于△ABC 的面积的一半……………5分②当42<≤x 时,直角边B 2C 2与等腰梯形的下底边DG 重叠的长度为DC 2=C 1C 2-DC 1=（ｘ－2）㎝,则ｙ＝()()()222323221-=--x x x , 当ｙ=21S △ABC = 3时,即()32232=-x , 解得22-=x （舍）或22+=x .∴当22+=x 时,重叠部分的面积等于△ABC 的面积的一半.③当84<≤x 时,△A 3B 2C 2完整与等腰梯形重叠,即32=y ……………7分 ④当108<≤x 时,B 2G=B 2C 2-GC 2=2－(x －8)=10-x则ｙ＝()()()210231031021x x x -=-⋅-, 当ｙ=21S △ABC = 3时,即()310232=-x , 解得210-=x ,或210+=x (舍去).∴当210+=x 时,重叠部分的面积等于△ABC 的面积的一半.………9分由以上评论辩论知,当22+=x 或210+=x 时, 重叠部分的面积等于△ABC 的面积的一半.………10分2. （广西玉林卷）在矩形ABCD 中,4AB =,2BC =,认为A 坐标原点,AB 地点的直线为x 轴,树立直角坐标系．然后将矩形ABCD 绕点A 逆时针扭转,使点B 落在y 轴的E 点上,则C 和D 点依次落在第二象限的F 点上和x 轴的G 点上（如图）． （1）求经由B E G ，，三点的二次函数解析式;（2）设直线EF 与（1）的二次函数图象订交于另一点H ,试求四边形EGBH 的周长． （3）设P 为（1）的二次函数图象上的一点,BP EG ∥,求P 点的坐标． [解] （1）解：由题意可知,4AE AB ==,2AG AD BC ===．(40)B ，∴,(04)E ，,(20)G -，．设经由B E G ，，三点的二次函数解析式是(2)(4)y a x x =+-．把(04)E ，代入之,求得12a =-． 3分 ∴所求的二次函数解析式是：211(2)(4)422y x x x x =-+-=-++．（2）解：由题意可知,四边形AEFG 为矩形．FH GB ∴∥,且6GB =．∵直线4y =与二次函数图象的交点H 的坐标为(24)H ，, 2EH =∴．G ∵与B E ，与H 关于抛物线的对称轴对称,BH EG ===∴． ∴四边形EGBH 的周长262=++⨯8=+．BP EG ∵∥,::AB AG AM AE =∴,即4:2:4AM =．8AM =∴,于是(08)M -，． 设直线BM 的解析式为y kx b =+． 把(40)B ，,(08)M -，代入之,得408.k b b +=⎧⎨=-⎩，解得28.k b =⎧⎨=-⎩，28y x =-∴．结合一次,二次函数解析式构成方程组2281 4.2y x y x x =-⎧⎪⎨=-++⎪⎩，解得620x y =-⎧⎨=-⎩，或40.x y =⎧⎨=⎩，（此组数为B 点坐标）∴所求的P 点坐标为(620)P -，． 解法2：过P 作PN x ⊥轴于N ．由BP EG ∥,得EGB PBN ∠=∠． 设所求P 点的横坐标为(0)a a <,则纵坐标为214(0)2a a a -++<． tan PN PBN NB ∠=∵,4tan 22AE EGB AG ∠===, 2PN AENB AG==∴． 4NB NA AB a =+=-∴,22114422PN a a a a ⎛⎫=--++=-- ⎪⎝⎭,214224a a a--=-∴． 解之,得6a =-或4a =．经磨练可知,6a =-是原方程的根;4a =是原方程的增根,故应舍去．当6a =-时,22114(6)642022a a -++=-⨯--+=． ∴所求的P 点坐标为(620)P -，． [点评]此题的分解性较强,考核的常识点较多,但是解法较多,使试题的切入点也较多,很轻易入题.3. (14南京市) 27．在平面内,先将一个多边形以点O 为位似中间放大或缩小,使所得多边形与原多边形对应线段的比为k ,并且原多边形上的任一点P ,它的对应点P '在线段OP 或其延伸线上;接着将所得多边形以点O 为扭转中间,逆时针扭转一个角度θ,这种经由和扭转的图形变换叫做扭转类似变换,记为()O k θ，,个中点O 叫做扭转类似中间,k 叫做类似比,θ叫做扭转角．（1）填空：①如图1,将ABC △以点A 为扭转类似中间,放大为本来的2倍,再逆时针扭转60,得到ADE △,这个扭转类似变换记为A （,）;②如图2,ABC △是边长为1cm 的等边三角形,将它作扭转类似变换)A ,得到ADE △,则线段BD 的长为cm ;（2）如图3,分离以锐角三角形ABC 的三边AB ,BC ,CA 为边向外作正方形ADEB ,BFGC ,CHIA ,点1O ,2O ,3O 分离是这三个正方形的对角线交点,试分离应用12AO O △与ABI △,CIB △与2CAO △之间的关系,应用扭转类似变换的常识解释线段12O O 与2AO 之间的关系．解：（1）①2,60; ②2;（2）12AO O △经由扭转类似变换)A ,得到ABI △,此时,线段12O O 变成线段BI ; CIB △经由扭转类似变换45C ⎫⎪⎪⎝⎭,得到2CAO △,此时,线段BI 变成线段1AO ． 2212⨯=,454590+=, 122O O AO ∴=,122O O AO ⊥．4. （15湖北恩施）六.(本大题满分12分)Ｃ ＡDE图1ＡBＣDE图2ＥＤＢＦＧＣＨＡＩ3O1O2O图324. 如图11,在统一平面内,将两个全等的等腰直角三角形ABC 和AFG 摆放在一路,A 为公共极点,∠BAC =∠AGF =90°,它们的斜边长为2,若∆ABC 固定不动,∆AFG 绕点A 扭转,AF .AG 与边BC 的交点分离为D .E (点D 不与点B 重合,点E 不与点C 重合),设BE =m,CD =n. （1）请在图中找出两对类似而不全等的三角形,并拔取个中一对进行证实. （2）求m 与n 的函数关系式,直接写出自变量n 的取值规模.（3）以∆ABC 的斜边BC 地点的直线为x 轴,BC 边上的高地点的直线为y 轴,树立平面直角坐标系(如图12).在边BC 上找一点D ,使BD =CE ,求出D 点的坐标,并经由过程盘算验证BD 2＋CE 2=DE 2.（4）在扭转进程中,(3)中的等量关系BD 2＋CE 2=DE 2是否始终成立,若成立,请证实,若不成立,（15湖北恩施24题解析）六.(本大题满分12分)24. 解:(1)∆ABE ∽∆DAE , ∆ABE ∽∆DCA 1分 ∵∠BAE =∠BAD +45°,∠CDA =∠BAD +45° ∴∠BAE =∠CDA 又∠B =∠C =45° ∴∆ABE ∽∆DCA 3分 (2)∵∆ABE ∽∆DCA ∴CDBACA BE由依题意可知CA =BA =2 ∴nm 22∴m=n25分 自变量n 的取值规模为1<n<2. 6分 (3)由BD =CE 可得BE =CD ,即m=n ∵m=n2 ∴m=n=2 ∵OB =OC =21BC =1 ∴OE =OD =2－1 ∴D (1－2, 0) 7分∴BD =OB －OD =1-(2－1)=2－2=CE , DE =BC －2BD =2-2(2－2)=22－2∵BD 2＋CE 2=2 BD 2=2(2－2)2=12－82, DE 2=(22－2)2= 12－82∴BD 2＋CE 2=DE 28分 (4)成立 9分证实:如图,将∆ACE 绕点A 顺时针扭转90°至∆ABH 的地位,则CE =HB ,AE =AH , ∠ABH =∠C =45°,扭转角∠EAH =90°.衔接HD ,在∆EAD 和∆HAD 中∵AE =AH , ∠HAD =∠EAH -∠F AG =45°=∠EAD , AD∴∆EAD ≌∆HAD ∴DH =DE又∠HBD =∠ABH +∠ABD =90°∴BD 2+HB 2=DH 2 即BD 2＋CE 2=DE 2 12分5.（15湖北武汉）（本题答案暂缺）25.（本题 12分）如图 1,抛物线y=ax2-3ax+b 经由A （-1,0）,C （3,2）两点,与y 轴交于点D,与x 轴交于另一点B.（1）求此抛物线的解析式;（2）若直线y=kx-1（k≠0）将 四 边 形ABCD 面积二等分,求k 的值;（3）如图2,过点 E （1,-1）作EF ⊥x 轴于点F,将△AEF 绕平面内某点扭转 180°后得△MNQ （点M,N,Q 分离与 点 A,E,F 对应）,使点M,N 在抛物线上,求点M,N 的坐标.（15湖北武汉25题解析）25.⑴213222y x x =-++;⑵43k =;⑶M （3,2）,N （1,3） 6. （15江苏淮安）（本题答案暂缺）28．(本小题14分)如图所示,在平面直角坐标系中．二次函数y=a(x-2)2-1图象的极点为P,与x 轴交点为 A.B,与y 轴交点为C ．贯穿连接BP 并延伸交y 轴于点D. (1)写出点P 的坐标;(2)贯穿连接AP,假如△APB 为等腰直角三角形,求a 的值及点C.D 的坐标;(3)在(2)的前提下,贯穿连接BC.AC.AD,点E(0,b)在线段CD(端点C.D 除外)上,将△BCD 绕点E 逆时针偏向扭转90°,得到一个新三角形．设该三角形与△ACD 重叠部分的面积为S,依据不合情况,分离用含b 的代数式暗示S ．选择个中一种情况给出解答进程,其它情况直接写出成果;断定当b 为何值时,重叠部分的面积最大?写出最大值．7. （15江苏徐州）（本题答案暂缺）28.如图1,一副直角三角板知足AB ＝BC,AC ＝DE,∠ABC ＝∠DEF ＝90°,∠EDF ＝30°【操纵】将三角板DEF 的直角极点E 放置于三角板ABC 的斜边AC 上,再将三角板．．．．DEF ．．．绕．点．E ．扭转．．,并使边DE 与边AB 交于点P,边EF 与边BC 于点Q 【探讨一】在扭转进程中, （1） 如图2,当CE1EA＝时,EP 与EQ 知足如何的数目关系？并给出证实. （2） 如图3,当CE2EA＝时EP 与EQ 知足如何的数目关系？,并解释来由. （3） 依据你对（1）.（2）的探讨成果,试写出当CEEA＝m 时,EP 与EQ 知足的数目关系式为_________,个中m 的取值规模是_______(直接写出结论,不必证实)【探讨二】若,AC ＝30cm,持续PQ,设△EPQ 的面积为S(cm 2),在扭转进程中： （1） S 是否消失最大值或最小值？若消失,求出最大值或最小值,若不消失,解释来由. （2） 跟着S 取不合的值,对应△EPQ 的个数有哪些变更？不出响应S 值的取值规模.（15山东青岛24题解析）24．（本小题满分12分）FC(E)A(D)Q PDEFCBAQPDEFCBA解：（1）在Rt△ABC 中,522=+=AC BC AB ,由题意知：AP = 5－t ,AQ = 2t , 若PQ ∥BC ,则△APQ ∽△ABC ,∴=AC AQ AB AP, ∴5542t t -=, ∴710=t ．3′（2）过点P 作PH ⊥AC 于H ． ∵△APH ∽△ABC , ∴=BC PH AB AP, ∴=3PH 55t-,∴t PH 533-=, ∴t t t t PH AQ y 353)533(221212+-=-⨯⨯=⨯⨯=．6′ （3）若PQ 把△ABC 周长等分, 则AP+AQ=BP+BC+CQ ．∴)24(32)5(t t t t -++=+-, 解得：1=t ．若PQ 把△ABC 面积等分,则ABC APQ S S ∆∆=21, 即－253t ＋3t =3． ∵ t =1代入上面方程不成立,∴不消失这一时刻t ,使线段PQ 把Rt △ACB 的周长和面积同时等分．9′ （4）过点P 作PM ⊥AC 于Ｍ,PN ⊥BC 于N ,若四边形PQP ′ C 是菱形,那么PQ ＝PC ． ∵PM ⊥AC 于M , ∴QM=CM ．图①B∵PN ⊥BC 于N,易知△PBN ∽△ABC ．∴AB BPAC PN =, ∴54t PN =, ∴54tPN =, ∴54t CM QM ==, ∴425454=++t t t , 解得：910=t ．∴当910=t 时,四边形PQP ′ C 是菱形．此时37533=-=t PM , 9854==t CM ,在Rt△PMC 中,9505816494922=+=+=CM PM PC , ∴菱形PQP ′ C 边长为9505．12′ 7.（15山东枣庄）25．(本题满分1０分)把一副三角板如图甲放置,个中90ACB DEC ==∠∠,45A =∠,30D =∠,斜边6cm AB =,7cm DC =．把三角板DCE 绕点C 顺时针扭转15°得到△D 1CE 1（如图乙）．这时AB 与CD 1订交于点O ,与D 1E 1订交于点F ． （1）求1OFE ∠的度数; （2）求线段AD 1的长;（3）若把三角形D 1CE 1绕着点C 顺时针再扭转30°得△D 2CE 2,这时点B 在△D 2CE 2的内部.外部.照样边上？解释来由．BN（甲）ACE DBB（乙）AE 1CD 1OF（15山东枣庄25题解析）25．(本题满分10分) 解：（1）如图所示,315∠=,190E ∠=,∴1275∠=∠=． ………………………………1分 又45B ∠=,∴114575120OFE B ∠=∠+∠=+=． ………3分 （2）1120OFE ∠=,∴∠D 1FO =60°．1130CD E ∠=,∴490∠=．4分又AC BC =,6AB =,∴3OA OB ==．90ACB ∠=,∴116322CO AB ==⨯=．5分 又17CD =,∴11734OD CD OC =-=-=．在1Rt AD O △中,15AD ===．6分 （3）点B 在22D CE △内部．7分来由如下：设BC （或延伸线）交22D E 于点P ,则2153045PCE ∠=+=． 在2Rt PCE △中,2CP ==…………9分3CB =<,即CB CP <,∴点B 在22D CE △内部． ……………10分 815浙江金华）（本题答案暂缺）24. (本题12分) 如图1,在平面直角坐标系中,己知ΔAOB 是等边三角形,点A 的坐标是(0,4),点B 在第一象限,点P 是x 轴上的一个动点,贯穿连接AP,并把ΔAOP 绕着点A 按逆时针偏向扭转.使边AO 与AB 重合.得到ΔABD.（1）求直线AB 的解析式;（2）当点P 活动到点（3,0）时,求此时DP的长及点D 的坐标;（3）是否消失点P,使ΔOPD 的面积等于43,若消失,请求出相符前提的点P 的坐标;若不消失,请解释来由.1EC A 19. （15辽宁沈阳26题）（本题14分）26．如图所示,在平面直角坐标系中,矩形ABOC 的边BO 在x 轴的负半轴上,边OC 在y 轴的正半轴上,且1AB =,OB =矩形ABOC绕点O 按顺时针偏向扭转60后得到矩形EFOD ．点A 的对应点为点E ,点B 的对应点为点F ,点C 的对应点为点D ,抛物线2y ax bx c =++过点A E D ，，． （1）断定点E 是否在y 轴上,并解释来由; （2）求抛物线的函数表达式;（3）在x 轴的上方是否消失点P ,点Q ,使以点O B P Q ，，，为极点的平行四边形的面积是矩形ABOC 面积的2倍,且点P 在抛物线上,若消失,请求出点P ,点Q 的坐标;若不消失,请解释来由．（15辽宁沈阳26题解析）解：（1）点E 在y 轴上1分 来由如下：衔接AO ,如图所示,在Rt ABO △中,1AB =,BO =2AO ∴=1sin 2AOB ∴∠=,30AOB ∴∠= 由题意可知：60AOE ∠=306090BOE AOB AOE ∴∠=∠+∠=+=点B 在x 轴上,∴点E 在y 轴上．3分 （2）过点D 作DM x ⊥轴于点M1OD =,30DOM ∠=。
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中考数学总复习专题---翻转折叠问题【专题点拨】图形折叠是中考中常考题型，这种题型主要考察学生对图形的认知，特别是考察轴对称的性质、全等三角形、勾股定理、相似三角形等知识综合运用。
【解题策略】有关图形折叠的相关计算，首先要熟知折叠是一种轴对称变换，即位于折痕两侧的图形关于折痕成轴对称；然后根据图形折叠的性质，即折叠前、后图形的对应边和对应角相等，对应点的连线被折痕垂直平分并结合勾股定理或相似三角形的性质进行相关计算.【典例解析】类型一：三角形折叠问题例题1：（·浙江省湖州市·3分）如图1，在等腰三角形ABC 中，AB=AC=4，BC=7．如图2，在底边BC上取一点D，连结AD，使得∠DAC=∠ACD．如图3，将△ACD沿着AD所在直线折叠，使得点C落在点E处，连结BE，得到四边形ABED．则BE的长是（ ）A．4 B． C．3D．2【考点】翻折变换（折叠问题）；四点共圆；等腰三角形的性质；相似三角形的判定与性质．【分析】只要证明△ABD∽△MBE，得=，只要求出BM、BD 即可解决问题．【解答】解：∵AB=AC，∴∠ABC=∠C，∵∠DAC=∠ACD，∴∠DAC=∠ABC，∵∠C=∠C，∴△CAD∽△CBA，∴=，∴=，∴CD=，BD=BC﹣CD=，∵∠DAM=∠DAC=∠DBA，∠ADM=∠ADB，∴△ADM∽△BDA，∴=，即=，∴DM=，MB=BD﹣DM=，∵∠ABM=∠C=∠MED，∴A、B、E、D四点共圆，∴∠ADB=∠BEM，∠EBM=∠EAD=∠ABD，∴=，∴BE===．【考点】平行四边形的性质【解析】∵四边形ABCD为平行四边形，∴∠D＝∠B＝52°，由折叠的性质得：∠EAD，＝∠DAE＝20°，∠AED，＝∠AED＝180°－∠DAE－∠D＝180°－20°－52°＝108°，∴∠AEF＝∠D＋∠DAE＝52°＋20°＝72°，∴∠FED′＝108°－72°＝36°．变式训练2：(河北3分）如图，将 ABCD沿对角线AC折叠，使点B落在点B’处.若∠1=∠2=44°，则∠B为（）第13题图A．66°B．104°C．114°D．124°类型三：矩形折叠问题例题3：（贵州毕节3分）如图，正方形ABCD的边长为9，将正方形折叠，使顶点D落在BC边上的点E处，折痕为GH．若BE：EC=2：1，则线段CH的长是（ ）A．3 B．4 C．5 D．6【解析】正方形的性质；翻折变换（折叠问题）．根据折叠的性质可得DH=EH，在直角△CEH中，若设CH=x，则DH=EH=9﹣x，CE=3cm，可以根据勾股定理列出方程，从而解出CH的长．【解答】解：由题意设CH=xcm，则DH=EH=（9﹣x）cm，∵BE：EC=2：1，∴CE=BC=3cm∴在Rt△ECH中，EH2=EC2+CH2，即（9﹣x）2=32+x2，解得：x=4，即CH=4cm．故选（B）变式训练3：（·四川南充）如图，对折矩形纸片ABCD，使AB与DC重合得到折痕EF，将纸片展平；再一次折叠，使点D落到EF上点G处，并使折痕经过点A，展平纸片后∠DAG的大小为（ ）A．30°B．45°C．60°D．75°类型四：菱形折叠问题例题4：（·四川攀枝花）如图，正方形纸片ABCD中，对角线AC、BD交于点O，折叠正方形纸片ABCD，使AD落在BD上，点A恰好与BD上的点F重合，展开后折痕DE分别交AB、AC于点E、G，连结GF，给出下列结论：①∠ADG=22.5°；②tan∠AED=2；③S△AGD=S△；④四边形AEFG是菱形；⑤BE=2OG；⑥若S△OGF=1，则正方形ABCD OGD的面积是6+4，其中正确的结论个数为（ ）A．2 B．3 C．4 D．5【考点】四边形综合题．【分析】①由四边形ABCD是正方形，可得∠GAD=∠ADO=45°，又由折叠的性质，可求得∠ADG的度数；②由AE=EF＜BE，可得AD＞2AE；③由AG=GF＞OG，可得△AGD的面积＞△OGD的面积；④由折叠的性质与平行线的性质，易得△EFG是等腰三角形，即可证得AE=GF；⑤易证得四边形AEFG是菱形，由等腰直角三角形的性质，即可得BE=2OG；⑥根据四边形AEFG是菱形可知AB∥GF，AB=GF，再由∠BAO=45°，∠GOF=90°可得出△OGF时等腰直角三角形，由S△OGF=1求出GF 的长，进而可得出BE及AE的长，利用正方形的面积公式可得出结论．【解答】解：∵四边形ABCD是正方形，∴∠GAD=∠ADO=45°，由折叠的性质可得：∠ADG=∠ADO=22.5°，故①正确．∵由折叠的性质可得：AE=EF，∠EFD=∠EAD=90°，∴AE=EF＜BE，∴AE＜AB，∴＞2，故②错误．∵∠AOB=90°，∴AG=FG＞OG，△AGD与△OGD同高，∴S△AGD＞S△OGD，故③错误．∵∠EFD=∠AOF=90°，∴EF∥AC，∴∠FEG=∠AGE，∵∠AGE=∠FGE，∴∠FEG=∠FGE，∴EF=GF，∵AE=EF，∴AE=GF，故④正确．∵AE=EF=GF，AG=GF，∴AE=EF=GF=AG，∴四边形AEFG是菱形，∴∠OGF=∠OAB=45°，∴EF=GF=OG，∴BE=EF=×OG=2OG．故⑤正确．∵四边形AEFG是菱形，∴AB∥GF，AB=GF．∵∠BAO=45°，∠GOF=90°，∴△OGF时等腰直角三角形．∵S△OGF=1，∴OG OG=，BE=2OG=2，GF===2AB=BE+AE=2+22+2=12+8，故⑥错误．为 ﹣纸片按下列顺序折叠，使和都经过圆心1123AE=．则四边形5.（•咸宁）如图1，已知直线y=x+3与x轴交于点A，与y轴交于点B，将直线在x轴下方的部分沿x轴翻折，得到一个新函数的图象（图中的“V形折线”）．（1）类比研究函数图象的方法，请列举新函数的两条性质，并求新函数的解析式；（2）如图2，双曲线y=与新函数的图象交于点C（1，a），点D 是线段AC上一动点（不包括端点），过点D作x轴的平行线，与新函数图象交于另一点E，与双曲线交于点P．①试求△PAD的面积的最大值；②探索：在点D运动的过程中，四边形PAEC能否为平行四边形？若能，求出此时点D的坐标；若不能，请说明理由．DF=BF=a ∴DF=BF=a(河北3分）如图，将 ABCD沿对角线AC折叠，使点B落在点B’处.若∠1=∠2=44°，则∠B为（）第13题图A．66°B．104°C．114°D．124°【解析】平行线的性质，折叠关系。
【解答】：因为ＡＢ∥ＣＤ，∠１＝∠Ｂ＇ＡＢ，由于折叠，∠BAC=∠B＇AC＝２２°，在△ＡＢＣ中，∠Ｂ＝１８０°－∠ＡＣＢ－∠ＣＡＢ＝１１４°。
变式训练3：（·四川南充）如图，对折矩形纸片ABCD，使AB与DC重合得到折痕EF，将纸片展平；再一次折叠，使点D落到EF上点G处，并使折痕经过点A，展平纸片后∠DAG的大小为（ ）A．30°B．45°C．60°D．75°【分析】直接利用翻折变换的性质以及直角三角形的性质得出∠2=∠4，再利用平行线的性质得出∠1=∠2=∠3，进而得出答案．为 ﹣FD=MD=，FM=DM×cos30°=，MC==，ME=﹣故答案为：﹣分的面积是 ﹣ ．【考点】扇形面积的计算；翻折变换（折叠问题）．【分析】连接OM交AB于点C，连接OA、OB，根据题意OM⊥AB 且OC=MC=，继而求出∠AOC=60°、AB=2AC=，然后根据S 弓形ABM=S﹣S△AOB、S阴影=S半圆﹣2S弓形ABM计算可得答案．扇形OAB【解答】解：如图，连接OM交AB于点C，连接OA、OB，由题意知，OM⊥AB，且OC=MC=，在RT△AOC中，∵OA=1，OC=，∴cos∠AOC==，AC==∴∠AOC=60°，AB=2AC=，∴∠AOB=2∠AOC=120°，则S弓形ABM=S扇形OAB﹣S△AOB=﹣××=﹣，S阴影=S半圆﹣2S弓形ABM=π×12﹣2（﹣）=﹣．故答案为：﹣．1+2×=+1， +1点A的纵坐标为+1，横坐标为2-×1=-，所以，点A的对应点A′的坐标是(-，+1)故答案为：(-，+1)．2.（•湘潭）如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，△ACD沿AD折叠，使得点C落在斜边AB上的点E处．（1）求证：△BDE∽△BAC；（2）已知AC=6，BC=8，求线段AD的长度．【解答】证明：（1）∵∠C=90°，△ACD沿AD折叠，∴∠C=∠AED=90°，∴∠DEB=∠C=90°，∵∠B=∠B，∴△BDE∽△BAC；（2）由勾股定理得，AB=10．由折叠的性质知，AE=AC=6，DE=CD，∠AED=∠C=90°．∴BE=AB﹣AE=10﹣6=4，在Rt△BDE中，由勾股定理得，DE2+BE2=BD2，AD=．2或2 ．DF=DM∴AD=AE=EB=BC=2，∴△ADE、△ECB是等腰直角三角形，∴∠AED=∠BEC=45°，∴∠DEC=90°，∵l∥EC，∴ED⊥l，∴EM=2=AE，∴点A、点M关于直线EF对称，∵∠MDF=∠MFD=45°，∴DM=MF=DE﹣EM=2﹣2，∴DF=DM=4﹣2．当直线l在直线EC下方时，∵∠DEF1=∠BEF1=∠DF1E，∴DF 1=DE=2，综上所述DF的长为2或4﹣2．故答案为2或4﹣2．4.（·重庆市A卷·4分）正方形ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，DE平分∠ADO交AC于点E，把△ADE沿AD翻折，得到△ADE ′，点F是DE的中点，连接AF，BF，E′F．若AE=．则四边形ABFE′的面积是多少？【分析】如图，连接EB、EE′，作EM⊥AB于M，EE′交AD于N．易知△AEB≌△AED≌△ADE′，先求出正方形AMEN的边长，再求出AB，根据S四边形ABFE′=S四边形AEFE′+S△AEB+S△EFB即可解决问题．【解答】解：如图，连接EB、EE′，作EM⊥AB于M，EE′交AD 于N．∵四边形ABCD是正方形，∴AB=BC=CD=DA，AC⊥BD，AO=OB=OD=OC，∠DAC=∠CAB=∠DAE′=45°，根据对称性，△ADE≌△ADE′≌△ABE，∴DE=DE′，AE=AE′，∴AD垂直平分EE′，∴EN=NE′，∵∠NAE=∠NEA=∠MAE=∠MEA=45°，AE=，∴AM=EM=EN=AN=1，∵ED平分∠ADO，EN⊥DA，EO⊥DB，∴EN=EO=1，AO=+1，∴AB=AO=2+，∴S △AEB=S△AED=S△ADE′=×1（2+）=1+，S△BDE=S△ADB﹣2S△=1+，AEB∵DF=EF，∴S△EFB=，∴S △DEE′=2S△ADE﹣S△AEE′=+1，S△DFE′=S△DEE′=，∴S四边形AEFE′=2S△ADE﹣S△DFE′=，∴S四边形ABFE′=S四边形AEFE′+S△AEB+S△EFB=．故答案为．【点评】本题考查正方形的性质、翻折变换、全等三角形的性质，角平分线的性质、等腰直角三角形的性质等知识，解题的关键是添加辅助线，学会利用分割法求四边形面积，属于中考填空题中的压轴题．5.（•咸宁）如图1，已知直线y=x+3与x轴交于点A，与y轴交于点B，将直线在x轴下方的部分沿x轴翻折，得到一个新函数的图象（图中的“V形折线”）．（1）类比研究函数图象的方法，请列举新函数的两条性质，并求新函数的解析式；（2）如图2，双曲线y=与新函数的图象交于点C（1，a），点D 是线段AC上一动点（不包括端点），过点D作x轴的平行线，与新函数图象交于另一点E，与双曲线交于点P．①试求△PAD的面积的最大值；②探索：在点D运动的过程中，四边形PAEC能否为平行四边形？若能，求出此时点D的坐标；若不能，请说明理由．【解答】：（1）如图1，均是正整数新函数的两条性质：①函数的最小值为0；②函数图象的对称轴为直线x=﹣3；由题意得A点坐标为（﹣3，0）．分两种情况：①x≥﹣3时，显然y=x+3；②当x＜﹣3时，设其解析式为y=kx+b．在直线y=x+3中，当x=﹣4时，y=﹣1，则点（﹣4，﹣1）关于x轴的对称点为（﹣4，1）．把（﹣4，1），（﹣3，0）代入y=kx+b，得，解得，∴y=﹣x﹣3．综上所述，新函数的解析式为y=；（2）如图2，①∵点C（1，a）在直线y=x+3上，∴a=1+3=4．∵点C（1，4）在双曲线y=上，∴k=1×4=4，y=．∵点D是线段AC上一动点（不包括端点），∴可设点D的坐标为（m，m+3），且﹣3＜m＜1．∵DP∥x轴，且点P在双曲线上，∴P（，m+3），∴PD=﹣m，∴△PAD的面积为S=（﹣m）×（m+3）=﹣m2﹣m+2=﹣（m+）2+，∵a=﹣＜0，∴当m=﹣时，S有最大值，为，又∵﹣3＜﹣＜1，∴△PAD的面积的最大值为；②在点D运动的过程中，四边形PAEC不能为平行四边形．理由如下：当点D为AC的中点时，其坐标为（﹣1，2），此时P点的坐标为（2，2），E点的坐标为（﹣5，2），∵DP=3，DE=4，∴EP与AC不能互相平分，∴四边形PAEC不能为平行四边形．。