湖北省黄冈市麻城实验高中2023-2024学年高考冲刺押题(最后一卷)物理试卷含解析

湖北省黄冈市麻城实验高中2023-2024学年高考冲刺押题（最后一卷）物理试卷
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、一质点做匀加速直线运动，在通过某段位移x内速度增加了v，动能变为原来的9倍。

则该质点的加速度为（）
A．
2
v
x
B．
2
2
v
x
C．
2
3v
x
D．
2
3
v
x
2、关于牛顿第一定律和惯性有下列说法，其中正确的是（）
A．由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止状态或匀速直线运动状态
B．行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性
C．牛顿第一定律只是反映惯性大小的，因此也叫惯性定律
D．运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动
3、下列说法中正确的是（）
A．物体的温度升高时，其内部每个分子热运动的动能一定增大
B．气体压强的产生是大量气体分子对器壁持续频繁的碰撞引起的
C．物体的机械能增大，其内部每个分子的动能一定增大
D．分子间距离减小，分子间的引力和斥力一定减小
4、如图所示，A、B两球质量相等，A球用不能伸长的轻绳系于O点，B球用轻弹簧系于O′点，O与O′点在同一水平面上，分别将A、B球拉到与悬点等高处，使轻绳和轻弹簧均处于水平且自然伸直状态，将两球分别由静止开始释放，当两球达到各自悬点的正下方时，两球仍处在同一水平面上，则（）
A．两球到达各自悬点的正下方时，两球损失的机械能相等
B．两球到达各自悬点的正下方时，A球速度较小
C．两球到达各自悬点的正下方时，重力对A球做的功比B球多
D．两球到达各自悬点的正下方时，A球的动能大于B球的动能
5、中医拔罐疗法在中国有着悠久的历史，早在成书于西汉时期的帛书《五十二病方》中就有类似于后世的火罐疗法。

其方法是以罐为工具，将点燃的纸片放入一个小罐内，当纸片燃烧完时，迅速将火罐开口端紧压在皮肤上，火罐就会紧紧地“吸”在皮肤上，造成局部瘀血，以达到通经活络、行气活血、消肿止痛、祛风散寒等作用的疗法。

在刚开始的很短时间内，火罐“吸”在皮肤上的主要原因是（）
A．火罐内的气体温度不变，体积减小，压强增大
B．火罐内的气体压强不变，温度降低，体积减小
C．火罐内的气体体积不变，温度降低，压强减小
D．火罐内的气体体积不变，温度降低，压强增大
6、下列说法正确的是（）
A．阴极射线的本质是高频电磁波
B．玻尔提出的原子模型，否定了卢瑟福的原子核式结构学说
C．贝克勒尔发现了天然放射现象，揭示了原子核内部有复杂结构
D．23994Pu变成20782Pb，经历了4次β衰变和6次α衰变
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、关于机械波与电磁波，下列说法中正确的是
A．机械波在介质中传播时，介质中后振动的质点总是重复先振动的相邻的质点的振动，是受迫振动
B．弹簧振子在四分之一个周期里运动的路程一定等于一个振幅
C．有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断炮弹是接近还是远去
D．电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、可见光、红外线、γ射线
E.在真空中传播的电磁波频率不同，传播的速度相同
8、如图甲所示，物体以一定的初速度从倾角α=37°的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0m．选择地面为参考平面，上升过程中，物体的机械能E随高度h的变化如图乙所示．取g=10 m/s2，sin 37°=0.60，cos 37°=0.1．则（）
A．物体的质量m=0.67 kg
B．物体与斜面之间的动摩擦因数μ=0.50
C．物体上升过程中的加速度大小a=1m/s2
D．物体回到斜面底端时的动能E k=10 J
9、如图所示分别是a光、b光各自通过同一单缝衍射仪器形成的图样(灰黑色部分表示亮纹，保持缝到屏距离不变)，
则下列说法正确的是_______。

A．在真空中，单色光a的波长大于单色光b的波长
B．在真空中，a光的传播速度小于b光的传播速度
C．双缝干涉实验时a光产生的条纹间距比b光的大
D．a光和b光由玻璃棱镜进入空气后频率都变大
E.光由同一介质射入空气，发生全反射时，a光的临界角比b光大
10、如图为一电源电动势为E，内阻为r的稳定电路。

电压表A的内阻为5kΩ。

B为静电计，C1，C2为两个理想的电容器且耐压值足够高。

在开关闭合一段时间后，下列说法正确的是
A．C1上电荷量为0
B．若将甲右滑，则C2上电荷量增大
C．若C1>C2，则电压表两端大于静电计两端电压
D．将S断开，使C2两极距离增大，B张角变大
三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）某同学用如图甲所示装置测当地的重力加速度，光电门A、B与光电计时器相连，可记录小球经过光电门A和光电门B所用的时间
（1）实验前用游标卡尺测量小球的直径，示数如图乙所示，则小球的直径d=_____mm
（2）让小球紧靠固定挡板，由静止释放，光电计时器记录小球经过光电门A和光电门B所用的时间t1、t2，测出两光
电门间的高度差h，则测得的重力加速度g=_____(用测得的物理量的符号表示)。

（3）将光电计时器记录小球通过光电门的时间改为记录小球从光电门A运动到光电门B所用的时间，保持光电门B 的位置不变，多次改变光电门A的位置,每次均让小球从紧靠固定挡板由静止释放，记录每次两光电间的高度差h及小
球从光电门A运动到光电门B所用的时间t，作出h
t
t
图象如图丙所示，若图象斜率的绝对值为k，则图象与纵轴的
截距意义为____，当地的重力加速度为____
12．（12分）某同学看到某种规格热敏电阻的说明书，知悉其阻值随温度变化的图线如图甲所示。

为验证这个图线的可信度，某同学设计了一个验证性实验，除热敏电阻R之外，实验室还提供如下器材：电源E（电动势为4.5V，内阻约1Ω）、电流表A（量程1mA，内阻约200Ω）、电压表V（量程3V，内阻约10kΩ）、滑动变阻器R（最大阻值为20Ω）、开关S、导线若干、烧杯、温度计和水。

(1)从图甲可以看出该热敏电阻的阻值随温度变化的规律是____；
(2)图乙是实验器材的实物图，图中已连接了部分导线，请用笔画线代替导线把电路连接完整______；
(3)闭合开关前，滑动变阻器的滑动触头P应置于____端（填“a”或“b”）；
(4)该小组的同学利用测量结果，采用描点作图的方式在说明书原图的基础上作出该热敏电阻的R t－t图像，如图丙所示，跟原图比对，发现有一定的差距，关于误差的说法和改进措施中正确的是_______
A．在温度逐渐升高的过程中电阻测量的绝对误差越来越大
B．在温度逐渐升高的过程中电阻测量的相对误差越来越大
C．在温度比较高时，通过适当增大电阻两端的电压值可以减小两条曲线的差距
D．在温度比较高时，通过改变电流表的接法可以减小两条曲线的差距
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图所示，直角三角形ABC为一玻璃三棱镜的横截面其中∠A=30°，直角边BC=a．在截面所在的平面内，一束单色光从AB边的中点O射入棱镜，入射角为i．如果i=45°，光线经折射再反射后垂直BC边射出，不考虑光线沿原路返回的情况．(结果可用根式表示)
(i)求玻璃的折射率n
(ⅱ)若入射角i在0~90°之间变化时，求从O点折射到AC边上的光线射出的宽度．
14．（16分）如图所示，一张纸上用笔点一个点A，纸放在水平桌面上，用一高度为h的平行玻璃砖放置在纸上且点A在玻璃砖的下面，设光在玻璃砖内的折射率为n，从正上方向下看点A，看到点A的深度为多少？
15．（12分）如图所示，一对光滑的平行金属导轨固定在同一水平面内，导轨间距l = 0.5m，左端接有阻值R = 0.3Ω的电阻．一质量m = 0.1kg，电阻r= 0.1Ω的金属棒MN放置在导轨上，整个装置置于竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度B = 0.4T．棒在水平向右的外力作用下，由静止开始以a = 2m/s2的加速度做匀加速运动，当棒的位移x = 9m 时撤去外力，棒继续运动一段距离后停下来，已知撤去外力前后回路中产生的焦耳热之比Q1：Q2= 2：1．导轨足够长且电阻不计，棒在运动过程中始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触．求
（1）棒在匀加速运动过程中，通过电阻R的电荷量q；
（2）撤去外力后回路中产生的焦耳热Q2；
（3）外力做的功W F．
参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A
【解析】
设质点的初速度为0v ，则动能
2k1012
E mv = 由于末动能变为原来的9倍，则可知，末速度为原来的3倍，故
03v v '=，02v v v ∆==
故平均速度
000322
v v v v v +=== 根据位移公式可知 x v v t =
= 根据加速度定义可知
2
v v a t x
∆== A 正确，BCD 错误。

故选A 。

2、D
【解析】
A ．根据牛顿第一定律知，物体只有在不受外力，或者所受合外力为零时，才能处于静止或匀速直线运动状态，A 错误；
B ．行星在圆周轨道上保持匀速率运动是由于受到改变运动状态的万有引力作用，其运动状态是不断变化的，则B 项错误；
C ．牛顿第一定律反映物体具有惯性这种性质，并不能反映物体惯性的大小，C 错误；
D ．运动物体如果没有受到力的作用，将保持原来的速度做匀速直线运动，D 项中说法符合牛顿第一定律，D 正确； 故选D 。

3、B
【解析】
物体的温度升高时，其内部分子的平均动能变大，并非每个分子热运动的动能都增大，选项A 错误；气体压强的产生是大量气体分子对器壁持续频繁的碰撞引起的，选项B 正确；宏观物体的机械能与微观分子的动能无关，选项C 错误；分子间距离减小，分子间的引力和斥力都增大，选项D 错误；故选B.
4、D
【解析】
A ．A 球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，
B 球运动过程中，B 球机械能转化为弹簧的弹簧势能，故A 错误；
BD．两个球都是从同一个水平面下降的，到达最低点时还是在同一个水平面上，可知在整个过程中，A、B两球重力势能减少量相同。

球A的重力势能全部转化为动能，球B的重力势能转化为动能和弹簧的弹性势能，所以两球到达各自悬点的正下方时，A球动能较大，速度较大，故B错误，D正确；
C．两个球都是从同一个水平面下降的，到达最低点时还是在同一个水平面上，可知在整个过程中，A、B两球重力势能减少量相同，即重力做功相同，故C错误。

故选D。

5、C
【解析】
在刚开始的很短时间内，火罐内部气体体积不变，由于火罐导热性良好，所以火罐内气体温度迅速降低，根据pV
C T
=
可知，气体压强减小，在外界大气压的作用下火罐“吸”在皮肤上，ABD错误，C正确。

故选C。

6、C
【解析】
A．阴极射线的本质是高速电子流，不是高频电磁波，选项A错误；
B．玻尔提出的原子模型，成功解释了氢原子发光现象，但是没有否定卢瑟福的核式结构模型，故B错误。

C．贝克勒尔发现了天然放射现象，揭示了原子核内部有复杂结构，选项C正确；
D．23994Pu变成20782Pb，经历了239207
=8
4
-
次α衰变，8×2-（94-82）=4次β衰变，选项D错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACE
【解析】
A．机械波在介质中传播时，介质中后振动的质点总是重复先振动的相邻的质点的振动，是受迫振动，选项A正确；B．弹簧振子只有从平衡位置或者离平衡位置最远处开始振动计时，在四分之一个周期里运动的路程才等于一个振幅，选项B错误；
C．有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断炮弹是接近还是远去，这是根据多普勒效应，选项C正确；
D．波长越大的衍射能量越强，则电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、红外线、可见光、γ射线，选项D错误；
E．在真空中传播的电磁波频率不同，传播的速度相同，选项E正确；
故选ACE.
【解析】
A ．在最高点，速度为零，所以动能为零，即物体在最高点的机械能等于重力势能，所以有0p E E mgh =+= 所以物体质量为
30kg=1kg 103
E m gh ==⨯ A 错误；
B ．在最低点时，重力势能为零，故物体的机械能等于其动能，物体上升运动过程中只受重力、摩擦力做功，故由动能定理可得
cos37sin 37k h mg mgh E μ-︒
-=∆︒
解得 200.60.511030.8
μ⨯==⨯⨯⨯ B 正确；
C ．物体上升过程受重力、支持力、摩擦力作用，故根据力的合成分解可得：物体受到的合外力为
sin cos 10F mg mg N αμα=+=
故物体上升过程中的加速度为
210m/s F a m
== C 错误；
D ．物体上升过程和下落过程物体重力、支持力不变，故物体所受摩擦力大小不变，方向相反，所以，上升过程和下滑过程克服摩擦力做的功相同；由B 可知：物体上升过程中克服摩擦力做的功等于机械能的减少量20J ，故物体回到斜面底端的整个过程克服摩擦力做的功为40J ；又有物体整个运动过程中重力、支持力做功为零，所以，由动能定理可得：物体回到斜面底端时的动能为50J-40J=10J ，D 正确。

故选BD 。

9、ACE
【解析】
A ．单缝衍射条纹是中间明亮且宽大，越向两侧宽度越小越暗，而波长越大，中央亮条纹越粗，由于a 光的中央亮条纹较粗，则a 光的波长较大，故A 正确；
B ．根据c f λ=知，a 光的波长较大，a 光的频率较小，a 光的折射率较小，根据c v n
=得，a 光的传播速度较大，故
C ．根据L x d
λ∆=得双缝干涉实验时a 光产生的条纹间距比b 光的大，故C 正确； D ．发生折射时光线的传播方向可能发生改变，不改变光的频率，故D 错误；
E ．由临界角公式1sinC n =
可知，a 光发生全反射的临界角大于b 光发生全反射的临界角，故E 正确； 故选ACE 。

10、AD
【解析】
A ．由于电容器和静电计均为断路，故开关闭合一段时间后，电路中电流为0，故电压表两端电压为0，因此C 1上电荷量为0，故A 正确；
B ．由于整个电路中没有电流，
C 2相当于直接接在电源两端，故滑动滑动变阻器对电路没有影响，C 2上电压不变，故电荷量不变，故B 错误；
C ．电压表两端电压为0，静电计两端电压不为0，故C 错误；
D ．S 断开后，C 2上电荷量保持不变，故当两极板距离增大时，电容减小，由Q U C
=
可知，电压增大，故静电计张角变大，故D 正确；
故选AD 。

三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、11.4 22221112d h t t ⎛⎫- ⎪ ⎪⎝⎭
小球经过光电门B 时的速度 2k 【解析】
（1）[1]由图示游标卡尺可知，其示数为
d =11mm+4×0.1mm=11.4mm
（2）[2]小球经过光电门时的速度为
1
A d v t = 2
B d v t =
小球做自由落体运动，由速度位移公式得
222B A v v gh -=
解得
22221112d g h t t ⎛⎫=- ⎪ ⎪⎝⎭
（3）[3][4]小球释放点的位置到光电门B 的位置是恒定的，小球每次经过光电门时的速度是一定的，则有
212
B h v t gt =- 整理得
12
B h v gt t =- 则h t t
-图象与纵轴的截距表示小球经过光电门B 时的速度v B ，图象斜率的绝对值为 12
k g = 解得
2g k =
12、热敏电阻的阻值随温度的升高而减小 a BD
【解析】
(1)[1]由R t -图像可知，随着温度的升高，热敏电阻的阻值变小；
(2)[2]研究热敏电阻的性质需要电压和电流的变化范围广，且滑动变阻器的最大值小，故滑动变阻器采用分压式接法，热敏电阻的阻值满足x A V R R R >⋅，故采用电流表的内接法减小系统误差，实物连接如图所示
(3)[3]滑动变阻器采用的是分压接法，为了保护电路，应让干路的阻值最大，则闭合开关前滑片置于a 端；
(4)[4]AB ．绝对误差为
R R R ∆=-测真
相对误差为
100%R R R δ-=⨯测真真
由R t -图像可知在温度逐渐升高的过程中，热敏电阻的理论电阻值阻值和测量电阻值都在逐渐减小，理论电阻值和测量电阻值相差不大，即绝对误差R ∆变化不大，而相对误差δ越来越大，故A 错误，B 正确；
CD ．在相同的温度下，采用电流表的内接法导致测量值总比理论值偏大，故当温度升高到一定值后，电阻变小，则电流表应该选用外接法减小系统误差，故C 错误，D 正确。

故你BD 。

四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、 (i) 2 (ii) 314
a - 【解析】
正确画出光路图，根据几何关系找到入射角和折射角求出折射率，再根据全反射的条件求解从O 点折射到AC 边上的光线射出的宽度
【详解】
(i)设光线进入棱镜是的折射角为r ，如图1所示，
由几何关系可知30r = 根据折射定律可求得sin 2sin i n r == (ⅱ)设光线进入棱镜在AC 面发生全发射时的临界角为C ，1sin C n
= 解得：45C =
如图2所示，当0r = 时，关系进入棱镜在AC 面的入射点计为P ，随着入射角的增大，光线在AC 面的入射点由移，入射角增大，入射角等于C 时发生全发射，此时入射点计为Q ，所以在AC 面上PQ 之间有光线射出．
由几何关系知2a OP = ，作OD 垂直AC ，则3sin 604
OD OP == 1cos604
DP OP a ==
3tan 454OD DQ a == 所以AC 边三有光线射出的宽度314PQ DQ DP a -=-=
故本题答案是：(i)
2 (ii) 314
a - 【点睛】 对于光路图的题目来说，最主要的是正确画出光路图，在借助几何关系求解．
14、h n
【解析】
取从A 点发出的射向界面的两条光线：一条是垂直射向界面；另一条是斜射到界面的光线，且入射角AON α∠=且很小；折射角为MOB β∠=，则由光的折射定律可得
sin sin n βα
=
由几何关系
'tan OQ OQ PQ h
β== tan OQ h
α= 由于αβ均较小，则
tan sin ββ≈
tan sin αα≈
联立解得：
'h h n
= 15、（1）4.5C （2）1.8J （3）5.4J
【解析】
（1）设棒匀加速运动的时间为Δt，回路的磁通量变化量为：ΔΦ=BLx，
由法拉第电磁感应定律得，回路中的平均感应电动势为：
由闭合电路欧姆定律得，回路中的平均电流为：
通过电阻R的电荷量为：q = IΔt
联立以上各式，代入数据解得：q =4.5C
（2）设撤去外力时棒的速度为v，棒做匀加速运动过程中，由运动学公式得：设撤去外力后的运动过程中安培力做功为W，由动能定理得：
W = 0－mv2
撤去外力后回路中产生的焦耳热：Q2= －W
联立以上各式，代入数据解得：Q2=1.8J
（3）由题意各，撤去外力前后回路中产生的焦耳热之比Q1:Q2=2:1
可得：Q1=3.6J
在棒运动的整个过程中，由功能关系可得：W F= Q1 + Q2
联立以上各式，代入数据解得：W F=5.4J。