考前最后一篇：如何得高分(解析版)-高考物理7天倒计时冲刺

6月6日高考倒数第1天考前最后一篇：如何得高分（解析版）一、仿真考场
绝密★启用前
2021年普通高等学校招生全国统一考试
理科综合能力测试
注意事项：
1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2、回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、选择题I（本题共5小题，每小题6分，共30分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1.如图所示，2020年5月8日13时许，3朵红白相间的“伞花”在酒泉东风着陆场上空盛放，随后6个气囊打开，我国新一代载人飞船试验船返回舱稳稳降落在东风着陆场预定区域，顺利回到了祖国怀抱。

下列说法正确的是
A. 返回舱着陆过程中对地球的引力远小于地球对返回舱的引力
B. 减速伞打开前，返回舱内物体所受重力减小了
C. 减速伞打开后，伞绳对返回舱的总拉力大于返回舱受到的重力
D. 打开6个气囊是为了减小返回舱着陆过程中的动量变化量
【答案】C
【解析】
一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反作用在同一条直线上；加速度向下处于失重状态，加速度向上处于超重状态，超重和失重并非是物体受到的重力发生变化，而是物体对支持物的压力或对悬挂物的拉力发生了变化；根据动量定理分析打开6个气囊的原因。

本题主要考查了超重和失重的理解，明确超重和失重并非是物体受到的重力发生变化，而是物体对支持物
的压力或对悬挂物的拉力发生了变化。

【解答】
A.返回舱对地球的引力和地球对返回舱的引力是一对作用力和反作用力，大小相等，故 A错误；
B.减速伞打开前，返回舱加速下降，处于失重状态，超重和失重并非是物体受到的重力发生变化，而是物体对
支持物的压力或对悬挂物的拉力发生了变化，返回舱内物体所受重力不变，故 B错误；
C.减速伞打开后，返回舱减速下降，处于超重状态，伞绳对返回舱的拉力大于返回舱受到的道力，故 C正确；
D.返回舱着陆时的动量变化量不变，打开6个气囊是为了增加着陆时的时间，减小返回舱与地面间的相互作用力，故 D错误。

故选C。

2.北京时间2020年11月24题时30分，长征五号遥五运载火箭在中国文昌航天发射场点火升空，嫦娥五号顺利发射。

如图所示，经多次变轨修正之后，“着陆器、上升器组合体”降落月球表面。

下列说法正确的是()
A. 在地球上的发射速度一定大于第二宇宙速度
B. 在P点由轨道1进入轨道2需要瞬间点火加速
C. 分别由轨道1与轨道2经过P点时，加速度大小相等
D. 在轨道2上经过Q点时的速度小于经过轨道1上P点时的速度
【答案】C
【解析】
第二宇宙速度11.2km/s是卫星脱离地球引力的束缚的最小发射速度；低轨变高轨需要加速，高轨变低轨需要减速；根据牛顿第二定律比较在不同轨道上P点的加速度。

本题考查了万有引力定律在天文学上的应用，
掌握变轨原理、理解第一宇宙速度是关键。

【解答】
A.嫦娥五号发射出去后绕地球做椭圆运动，没有离开地球束缚，故嫦娥五号的发射速度大于7.9km/s，小于
11.2km/s，A错误；
B.卫星在轨道1上的P点处减速，使万有引力大于向心力做近心运动，才能进入轨道2，B错误；
C.在P点嫦娥五号卫星产生的加速度都是由万有引力产生的，因为同在P点万有引力大小相等，故不管在哪个轨道上运动，在P点时万有引力产生的加速度大小相等，方向相同，C正确；
D.卫星的运行速度由轨道半径决定，半径越大，运行速度越小G Mm
r2=m v2
r
，v=√GM
r
，所以在轨道1上经
过P点做圆周运动的运行速度小于经过Q点绕月球做圆周运动的运行速度，又因为卫星在轨道2经过Q点要做离心运动，所以其速度大于经过Q点做圆周运动的速度，那么，卫星在轨道2经过Q点时速度就大于轨道1经过P点时的速度，D错误。

故选C。

3.图甲为2020年中国排球联赛的某个场景，排球飞行过程可简化为乙图.运动员某次将飞来的排球从a点水平击出，球击中b点；另一次将飞来的排球从a点的正下方且与b点等高的c点斜向上击出，也击中b点，排球运动的最高点d，与a点的高度相同.不计空气阻力.下列说法正确的是
A. 两个过程中，排球在空中飞行的时同相等
B. 两个过程中，排球击中b点时的动能相等
C. 运动员两次击球对排球所做的功可能相等
D. 排球两次击中b点前瞬间，重力的功率一定不相等
【答案】C
【解析】
排球从a点飞出后做平抛运动，从c点飞出后做斜上抛运动，结合运动合成与分解知识分析飞行时间，通过水平位移分析速度，得到动能大小；由动能定理分析做功是否可能相等；由瞬时功率表达式分析重力功率是否相等。

掌握处理曲线运动的方法是求解的关键。

【解答】
A.由于从a 、c 两点发出的球都能到达b 点，且d 点与a 点的高度相同，均设为h ，对a 点抛出的物体，有t a =√2h g ，对于从c 点抛出的物体，根据逆向思维法容易得知上抛的时间t c1=√2h g ，下降的时间t c2=√2h g ，所以两个过程中，排球在空中飞行的时间不相等，故A 错误；
B.竖直方向分速度v ay =v cy =√2g h，由于水平方向的位移相同，根据v 水=x t 可知v ax >v cx
根据速度的合成可知，a 抛出时的速度v a0=v ax ，a 落到b 点时的速度
c 落到b 点时的速度
，故从c 点飞出的排球击中b 点时速度较小，动能较小，故B 错误； C.从a 点飞出过程中对排球做功
从c 点飞出过程中对排球做功
因为v ax >v cx ，可知W 1可能等于W 2，故C 正确；
D.由于竖直方向下落的高度相同，故落地时竖直方向的速度相同，v ay =v cy
则排球两次击中b 点前瞬间重力的瞬时功率P =mgv y 相同，故D 错误。

故选C 。

4.为了备战2020年东京奥运会，我国羽毛球运动员进行了如图所示的原地纵跳摸高训练。

已知质量m =60kg 的运动员原地静止站立(不起跳)摸高为2. 15m ，比赛过程中，该运动员先下蹲，重心下降0. 5m ，经过充分调整后，发力跳起摸到了2. 95m 的高度。

若运动员起跳过程视为匀加速运动，忽略空气阻力影响，g 取10m/s 2。

则( )
A. 起跳过程中地面对运动员的支持力冲量为390N ·s
B. 运动员在起跳过程和空中上升过程均处于超重状态
C. 运动员起跳过程的平均速度大于离地上升到最高点过程的平均速度
D. 运动员能够加速起跳是因为地面对运动员的支持力对运动员做正功
【答案】A
【解析】解：A、人离开地面时的速度为v=√2g(h2−h1)=√2×10×(2.95−2.15)m/s=4m/s
人加速的时间t=2△h
v =2×0.5
4
s=0.25s
由动量定理(N−mg)t=mv
解得支持力的冲量为：I=Nt=mv+mgt=(60×4+600×0.25)N⋅s=390N⋅s，故A正确；
B、运动员在起跳过程处于超重状态，在空中上升过程处于失重状态，故B错误；
C、设起跳离开地面时的速度为v，则运动员起跳过程的平均速度与离地上升到最高点过程的平均速度均等
于v
2
，二者相等，故C错误；
D.运动员加速起跳时，地面对运动员的支持力的方向上位移为零，则对运动员不做功，故D错误。

故选：A。

先根据运动学公式计算出人离地时的速度，然后根据动量定理得到支持力的冲量；运动员离开地面后向上做匀减速运动，处于失重状态；根据匀变速运动的平均速度公式可以得到平均速度的大小；运动员加速起跳过程中，运动员在地面支持力作用下的位移为零。

在运动员起跳的过程中，虽然受到支持力的作用下，但是并没有发生位移。

离开地面后，就不受支持力作用了，所以整个过程中支持力不做功。

5.如图所示为一种常见的身高体重测量仪。

测量仪顶部向下发射波速为v的超声波，超声波经反射后返回，被测量仪接收，测量仪记录发射和接收的时间间隔。

质量为M0的测重台置于压力传感器上，传感器输出电压与作用在其上的压力成正比。

当测重台没有站人时，测量仪记录的时间间隔为t0，输出电压为U0，某同学站上测重台，测量仪记录的时间间隔为t，输出电压为U，则该同学身高和质量分别为()
A. v(t0−t)，M0U
0U B. 1
2
v(t0−t)，M0
U0
(U−U0)
C. v(t0−t)，M0U
0(U−U0) D. 1
2
v(t0−t)，M0
U0
U
【答案】B
【解析】
由速度与时间可确定出距离，距离之差为人的高度；由输出电压与作用在其上的压力成正比知U=KG总，确定出K即可确定重力G，从而确定质量。

考察传感器的应用，设身高体重测量仪高度为L，人的身高为h，质量为m，根据传感器输出电压与作用在其上的压力成正比，列出方程求解。

【解答】
设身高体重测量仪高度为L，人的身高为h，质量为m
当测重台上没有站人时，根据超声波的速度和位移关系得vt0=2L
根据传感器输出电压与作用在其上的压力成正比得U0=kM0g
当测重台上站人时，同理可得vt=2(L−h)，U=k(M0+m)g
联立即可求解h=1
2v(t0−t)，m=M0
U0
(U−U0)，故B正确，ACD错误。

故选B。

二、选择题II（本题共3题，每小题6分，共18分。

每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求
的。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）
6.如图所示，有一矩形线圈的面积为S，匝数为N，电阻不计，绕OO′轴在水平方向的磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度ω做匀速转动，从图示位置开始计时，矩形线圈通过滑环接一理想变压器，滑动接头P上下移动时可改变输出电压，副线圈接有可调电阻R，下列判断正确的是()
A. 矩形线圈从图示位置经过π
2ω
时间时，通过电流表的电荷量为0
B. 矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωt
C. 当P位置不动、R增大时，电压表读数也增大
D. 当P位置向上移动、R不变时，电流表读数增大
【答案】BD
【解析】
正弦是交流电发电机从垂直中性面开始计时，其电动势表达式为：e =NBS ωcos (ωt )，电压表和电流表读数为有效值，根据变压器的工作特点和欧姆定律解题。

本题考查了交流电的瞬时值表达式和交流电的有效值等知识，关键是掌握变压器的工作特点，利用欧姆定律解题。

【解答】
A.矩形线圈从图示位置经过π2ω时，转过的角度为ωt =π2，磁通量一直增加，电流方向没有改变，故通过电流表的电荷量为：q =N ΔΦR ≠0，故A 错误；
B.从垂直于中性面时开始计时，矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为e =NBS ωcos ωt ，故B 正确；
C.交流发电机内电阻不计，故变压器输入电压不变，根据理想变压器的变压比公式U 1U 2=n
1n 2，当P 位置不动，R 增大时，电压表读数不变，仍然等于发电机的电动势有效值，故C 错误；
D.当P 位置向上移动，R 不变时，根据理想变压器的变压比公式U 1U 2=n
1n 2，输出电压变大，故电流变大，功率变大，故输入电流也变大，故电流表读数也增大，故D 正确。

故选BD 。

7.关于甲、乙、丙、丁四个实验，以下说法正确的是( )
A. 四个实验产生的条纹均为干涉条纹
B. 甲、乙两实验产生的条纹均为等距条纹
C. 丙实验中，产生的条纹间距越大，该光的频率越小
D. 丁实验中，产生的明暗条纹为光的衍射条纹
【答案】CD
【解析】
明确干涉和衍射条纹的性质，知道甲和乙为薄膜干涉条纹，丙为双缝干涉条纹，丁为单缝衍射条纹;根据条
λ进行分析求解。

纹情况及单色光双缝干涉条纹间距公式△x=L
d
本题是干涉和衍射条纹的常见情况的判断，关键明确干涉条纹和衍射条纹的形状以及产生干涉和衍射的基本装置。

【解答】
A.甲和乙为薄膜干涉条纹，丙为双缝干涉条纹，丁为单缝衍射条纹，故 A错误;
B.甲图产生的条纹均为等距条纹，乙图为产生的条纹均为不等距条纹，故B错误;
λ，产生的条纹间距越大，该光的波长越长，频率越小，故C C.根据单色光双缝干涉条纹间距公式△x=L
d
正确;
D.丁实验中，产生的明暗条纹为光的衍射条纹，故D正确。

故选CD。

8.有关近代物理知识，下列说法正确的是
A. 图甲中，由光电子最大初动能E k与入射光频率ν的关系图像可知该金属的逸出功为E或ℎν0
B. 图乙中的电路，可以用来研究单位时间发射的光电子数与照射光的强度的关系
C. 图丙中放射源产生三种射线，射线A由电子组成，射线B为电磁波，射线C由α粒子组成
D. 图丁为α粒穿过金箔的散射实验，图中少数α粒子发生了较大角度偏转，是由于原子的全部正电荷和
绝大部分质量集中在一个很小的核上
【答案】AD
【解析】
根据光电效应方程E k=hν−W0分析图甲纵轴截距和斜率的物理意义；
要知道三大射线的性质，α射线是氦核，β射线是高速电子流、γ射线是光子(电磁波)；
对α粒子散射实验现象要记住并明白原理。

【解答】
A.根据光电效应方程E k=hν−W0，E k−ν图线的纵轴截距的绝对值表示逸出功，则逸出功为E，当最大
初动能为零，入射光的频率等于金属的极限频率，则金属的逸出功等于hν0，选项A正确；
B.乙图中，光电管两端加的是反向电压，所以不可以研究单位时间发射的光电子数与照射光的强度有关，
选项B错误；
C.丙图中，由左手定则可知，A带正电，则A射线由α粒子组成，B不带电，射线B是γ射线，C射线粒子带负电，则C射线由电子组成，选项C错误；
少数α粒子发生了较大偏转，说明原子的几乎全部质量和所有正电荷主要集中在很小的核上，否则不可能
发生大角度偏转，选项D正确．
故选AD。

非选择题部分
三、实验题（本大题共1小题，每空3分，共15分）
9.某同学要测定电池组(两节干电池组成)的电动势和内阻，该同学设计了如图甲所示的原理图并进行实验。

其中定值电阻R0=2.0Ω，毫安表量程为，内阻。

(1)电阻箱的取值如图乙所示，将图甲中虚线框内电路视为电流表，其量程为______。

(2)实验步骤如下：
①将滑动变阻器R的滑片移到______(填“A”或“B”)端，闭合开关S。

②改变滑片位置，记下电压表的示数U和毫安表的示数I，某次电压表示数如图丙所示，其读数为______V。

③将实验所测数据描绘在如图丁所示的坐标纸上，作出了U−I图线。

④根据图线求得电池组的电动势E=______V，内阻r=______Ω。

(结果均保留两位有效数字)
【答案】(1)300；(2) ①A； ②2.20； ④3.1、0.96(0.93∼0.96)。

【解析】
根据小量程电流表改装成大量程电流表原理求解虚线框中电流表的量程；滑动变阻器右半部分连进电路，为保证电路安全开关闭合前使滑动变阻器阻值取最大；根据图示读出电压表示数；根据图象的斜率和截距求得电动势和内阻。

(1)毫安表和电阻箱并联，电压相等，电流之和为新电流表的量程，电阻箱现阻值为R=0.8Ω，代入可得I=
I g+I g R g
=300mA；
R
(2)①滑动变阻器右半部分连进电路，为保证电路安全开关闭合前使滑动变阻器阻值取最大，即滑片移到A 端；
②电压表量程为3V，一小格表示0.1V，读数应读到小数点后两位，看图可读出电压为2.20V；
④由(1)可知过电源的电流为毫安表示数的6倍，根据闭合电路欧姆定律可知U=E−6I(r+R0)，由图象截
−2)Ω=0.96Ω(0.93∼0.96之间均可)。

距可知E=3.1V，由图象斜率可知r=( 3.1−2.3
6×45×10−3
故答案为：(1)300；(2) ①A； ②2.20； ④3.1、0.96(0.93∼0.96)
四、计算题（本大题共3小题，10分+12分+15分，共37分，解答过程请写出必要的文字说明和必需的物理演算过程，只写出最终结果的不得分）
10.2022年北京冬奥会跳台滑雪项目将在国家跳台滑雪中心“雪如意”进行。

冬奥会跳台的级别只有K90米(到K点距离90米)和K120米(到K点距离120米)两种，图1为标准场地解读图。

比赛并不是仅仅以距离论输赢，要以姿势分和距离分的总和来计算成绩。

距离分要根据K点距离确定，运动员的跳跃距离达到K点距离为60分，短于K点距离，将所差的距离乘以每米的分值，再从60分中减去；超过K点距离，将所超
距离乘以每米的分值，然后加上60分。

如图2所示为简化的跳台滑雪的K120m雪道示意图，AB段为起滑点，C点为起跳点，HS段为倾斜坡体(忽略C点到坡体的高度，坡体近似可以看做倾角为32°的斜面，C点为斜面顶点)，PL段为着陆区，K为K点。

(1)若总质量(加装备)为60kg的运动员，从A点出发到达半径10m的圆弧末端C点(该点切线水平)，已
知AC之间的高度差ℎAC=45m，忽略一切阻力，求运动员在C点对轨道的压力。

(2)运动员从C点飞出忽略空气阻力做平抛运动最后落到PL段，若每米的分值1.8，请计算该滑雪运动
员所得的距离分。

(结果保留4位有效数字，sin32°=0.53，cos32°=0.848，tan32°=0.625，g= 10m/s2)
mν02
【答案】解：(1)对人从A到C，由动能定理得mg h AC=1
2
可得ν0=√2g h AC=30m/s
在C点处F N−mg=mν02
R
得F N=6000N
由牛顿第三定律得，对轨道的压力为6000N，方向竖直向下；(2)HS段坡体视为倾角为32°的斜面，运动员最终落到斜面上，易得水平位移为x=ν0t
竖直位移为y=1
2
gt2，
tan 32∘=1
2gt
2ν0t
可得t=3.75s
运动员在HS段长度
运动员所得距离分为60+(132.7−120)×1.8=82.86。

【解析】(1)对人从A到C，由动能定理求解速度，在C点根据牛顿第二定律及牛顿第三定律求解压力；(2)运动员从C点飞出做平抛运动，根据平抛运动的规律及几何关系求解。

本题分析清楚运动员的运动过程是关键。

11.如图所示，粒子源由静止释放出质量为m、电荷量为q的带正电粒子(不计重力)，先经水平方向的电场加速，再沿中心轴线射入方向竖直的匀强电场，接着进入方向水平向里的有界匀强磁场(边界竖直)，最后经磁场偏转打到磁场左边界的感光胶片上。

已知加速电场的电压为U0，偏转电场的板间距和极板长均为L、所
加电压为2√3U0
3，磁场的磁感应强度为1
L
√2mU0
q。

(1)求带电粒子穿出偏转电场时的速度大小；
(2)求磁场的最小宽度；
(3)若偏转电压可取2√3U0
3
与√3U0之间的任意一值，为使粒子都能打在感光胶片上，求感光胶片的最小长度
【答案】解：(1)粒子在加速电场中加速，由动能定理有：qU0=1
2
mv02
得：v0=√2qU0
m
粒子在偏转电场中偏转，由牛顿第二定律：q U
L
=ma
水平方向上：L=v0t；竖直方向上：v y=at
联立以上各式，将U=2√3U0
3
代入解得：v=√v02+v y2=√8qU0
3m
(2)如图，
粒子速度与磁场左边界的夹角满足：
解得θ=60°
粒子在磁场中做圆周运动，由牛顿第二定律有：qvB=m v2
R
由几何关系，磁场的最小宽度
联立以上各式，将B=1
L √2mU0
q
代入解得：d m=√3
3
L
(3)粒子在磁场中偏转时的侧移量为：x=2Rsinθ且R=mv
qB
，
所以：x=2mv0
qB
为一定值
故感光胶片的最小长度即为粒子在偏转电场中最大和最小偏转距离的差值
在偏转电场中，偏转距离：y=1
2
at2=UL
4U0
当U=√3U0时偏转距离最大：y′=√3L
4(y′<L
2
，能穿出偏转电场)
当U=2√3U0
3时偏转距离最小：y=√3L
6
解得：Δy=y′−y=√3
12
L
【解析】(1)粒子在加速电场中加速，根据动能定理求出进入偏转电场时的速度，根据类平抛知识求出带电粒子穿出偏转电场时的速度大小；
(2)作出粒子在磁场中运动轨迹，根据洛伦兹力提供向心力和几何关系求出磁场的最小宽度；
(3)根据粒子在电场中的偏转得到感光胶片的最小长度即为粒子在偏转电场中最大和最小偏转距离的差值，根据类平抛知识解答。

本题主要考查带电粒子在电场中的加速、偏转与磁场中的圆周运动，知道由动能定理解得其加速的速度，知道洛伦兹力提供向心力、熟悉几何关系是解题的关键。

12.如图甲所示为手机无线充电工作原理的示意图，由送电线圈和受电线圈组成.已知受电线圈的匝数为n= 50匝，电阻r=1.0Ω，在它的c、d两端接一阻值R=9.0Ω的电阻.设在受电线圈内存在与线圈平面垂直的磁场，其磁通量随时间按图乙所示的规律变化，可在受电线圈中产生电动势最大值为20V的正弦交流电，设磁场竖直向上.求：
(1)在t=π×10−3s时，受电线圈中产生电流的大小，c、d两端哪端电势高？
(2)在一个周期内，电阻R上产生的热量；
(3)从t1到t2时间内，通过电阻R的电荷量．
【答案】解：(1)由图乙知t=π×10−3s时受电线圈中产生的电动势为最大值E m=20V
=2.0A
此时线圈中产生感应电流的大小为I t=I m=E m
R+r
由楞次定律可以得到此时c端电势高；
=√2A
(2)通过电阻电流的有效值为I=m
2
电阻在一个周期内产生的热量
Q=I2RT=5.7×10−2J
(3)线圈中感应电动势的平均值E=nΔΦ
Δt
通过电阻电流的平均值为I=E
R+r
通过电阻的电荷量q=I⋅Δt
由题图乙知，在t1到t2的时间内，ΔΦ=4×10−4Wb
=2×10−3C
解得q=nΔΦ
R+r
【解析】本题考查了电磁感应问题，在分析电磁感应问题时要注意产生方式为感生还是动生，根据对应公式分析计算。

(1)由图可知t=π×10−3s时的电动势，再根据欧姆定律即可求出电流大小，再根据楞次定律即可确定电流方向，确定哪端电势高；
(2)求出交流电的有效值，再根据焦耳定律即可求出电阻R上产生的热量；
(3)根据法拉第电磁感应定律可确定平均电动势，求出平均电流，从而求出电量大小。

二、写在最后的话
1.尽快进入程序化思维状态的做法(自问3个问题)
本题考查的知识点是什么？
一般解决办法是什么？
我的解决办法是什么？
2．一定要细心审好题，看题要慢，注意题设条件的变异，一般的讲如遇熟题，题图似曾相识，应陈题新解；如遇陌生题，题图陌生、物理情景陌生，应新题老解。

审阅好关键词语及隐含条件，要注意在审题的同时画图分析（受力图、过程分析图、等效电路图、光路图等，如遇到带电粒子在磁场中做圆周运动的题时，要能找出轨迹、找出圆心、找出半径),弄清物理过程后再着手做题（特别是文字较长的题，读题时，注意括号内的内容).
提高审题正确度做法：边审边画词、边审边画图、边审边列式；审运动特征、受力特征、能量特征、动量特征
⑴认真细致，全面寻找信息
审题时应认真仔细，对题目文字和插图的一些关键之处要细微考察，有些信息，不但要从题述文字中获得，还应从题目附图中查找，即要多角度、无遗漏地收集题目的信息。

⑵咬文嚼字，把握关键信息
所谓“咬文嚼字”，就是读题时对题目中的关键字句反复推敲，正确理解其表达的物理意义，在头脑中形成一幅清晰的物理图景，建立起正确的物理模型，形成解题途径，对于那些容易误解的关键词语，如“变化量”与“变化率”，“增加了多少”与“增加到多少”，表现极端情况的“刚好”、“恰能”、“至多”、“至少”等，应特别注意，挖掘隐含条件，最好在审题时作上记号。

⑶深入推敲，挖掘隐含信息
反复读题审题，既综合全局，又反复推敲，从题目的字里行间挖掘出一些隐含的信息，利用这些隐含信息，梳理解题思路和建立辅助方程---空中砌楼。

⑷分清层次，排除干扰信息
干扰信息往往与解题的必备条件混杂在一起，若不及时识别它们，就容易受骗上当误入歧途，只有大胆地摒弃干扰信息，解题才能顺利进行。

⑸纵深思维，分析临界信息
临界状态是物理过程的突变点，在物理问题中又因其灵活性大、隐蔽性强和可能性多而稍不留心就会导致错解和漏解。

因此，解决此类问题时，要审清题意纵深思维，充分还原题目的物理情境和物理模型，找出转折点，抓住承前启后的物理量，确定其临界值。

⑹求异思维，判断多解信息
3. 把握速度与正确率的平衡点,争取一次成功.整卷掌控、得分最大化：除了卡住的地方尽可能得全分,先易后难,立足基本分(80分以上),基本按题号去做，若答题受阻(卡住),则暂壮士扼腕，绝对不能花过多时间,将能做部分做好(或暂时绕过不做,山不转而水转),争取更多时间做其它容易做的题而更多得分,待全部能做的题目做好后，再来慢慢解决它(此时解题的心情已经会相对放松,更易发挥).
卡住的地方在时间允许的情况下再来查找是卡在物理知识点？新情景？特殊物理方法？还是数学？如果不会做的题较多一些也不要急躁，我难他更难，但我更不慌，新题当作陈题解；我易他也易，但我更细心，陈题当作新题解。

4．选择题,除个别题外，一般均为中低档题，必须有完整周全的解题思路，选三个选项及以上的要格外慎重，确实拿不准的选项宁可不选.(切不可经验从事,跳步易造成错误)解答选择题的常用方法？
⑴直接判断法；⑵淘汰排除法；⑶逆向思维法；⑷归缪法，反证法；
⑸概念辨析法（对题目中易混淆的物理概念进行辨析，确定正误）；
⑹推理法；⑺赋值法（有些选择题展示一般的情形，较难直接判断正误，可对题设条件先赋值代入检验，看命题是否正确，从面得出结论）。

5．对理论联系实际的题，应先分析其物理过程，用相应的物理规律求解。

对信息题应在认真审题的基础上，获取有用信息，应用有关物理规律求解。

6．物理量有单位，特别是通式后也应有单位（字母已包含单位的不应再写）
7．一丝不苟、每分必争。

仔细检查、补漏纠错。

选择题存在着凭猜测答案得分的可能性，我们称为机遇分，这种机遇对每个人来讲是均等的。

如四选一型，当遇到不能肯定选出正确答案的题目时，千万不要放弃猜答案的机会，先用排除法排除能确认的干扰项，如果能排除两个，其余两项肯定有一个正确答案，再随意选其中一项，这就意味着你答对的概率为。