内蒙古乌兰察布市北京八中乌兰察布分校2020_2021学年高二物理上学期期中试题含解析
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A. 坐标原点O的电势为
B. 电场强度的大小为
C.b、d两点间的电势差为
D. 该点电荷从a点移到d点，电势能减少
【答案】D
【解析】
【分析】
在匀强电场中，沿着同一个方向移动相同距离电势降低相等，先据此求解O点的电势；然后找出等势面，结合公式 分析电场强度；根据 求解电场力做功，分析电势能变化。
【详解】A．由于是匀强电场，故沿着同一个方向前进相同距离电势的降低相等，故：
D．由于 ，所以D与A的电势相等，则由
可知A到D的过程中电场力做的功等于0，故D错误。
故选AC
10.如图所示，倾斜放置的平行板电容器两极板与水平面夹角为 ，极板间距为d，带负电的微粒质量为m、带电量为q，从极板M的左边缘A处以初速度 水平射入，沿直线运动并从极板N的右边缘B处射出，则（ ）
A. 微粒达到B点时动能为
代入数据解得
故A错误；
B．由于是匀强电场，故沿着同一个方向前进相同距离电势 降低相等可知，ab中点e电势为 ，连接Oe则为等势面，如图所示：
根据几何关系可知， ，则ab为一条电场线，且方向由b指向a，电场强度为
故B错误；
C．因为是匀强电场，所以有 ，则 ，所以b、d两点间 电势差为0V，故C错误；
D．该点电荷从a点移到d点电场中做功为
A. 运动到N点返回
B. 运动到N和 点之间返回
C. 运动到 点返回
D. 穿过 点
【答案】A
【解析】
【详解】静止释放一带电油滴，若该油滴恰好能运动到N点，根据动能定理可得
根据电容器公式
，
又因为
当Q不变时，可得
知板间的场强不随距离的变化而变化，当平行板下移时，E不变，故油滴恰好能运动到N点返回，故A正确，BCD错误。
C. 内，电场力的总功不为零
D. 带电粒子在 内的初、末位置间的电势差为零
【答案】D
【解析】
【详解】由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为
第2s内加速度
故有
因此先加速1s再减小 时速度为零，接下来的 将反向加速， 图象如图所示：
A．带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误；
B. 微粒的加速度大小等于
C. 两极板的电势差
D. 微粒从A点到B点的过程电势能减少
【答案】BC
【解析】
【详解】A．由题分析可知，微粒在重力和电场力的共同作用下做匀减速直线运动，所以动能减小，故A错误；
B．由题分析可知
得
故B正确；
CD．微粒从A点到B点的过程电场力做负功，电场力为
电场力做功为
所以电势能增加了
C、根据功能关系可知：从 机械能增加量为： ，由于重力势能不变，即从 动能增加 ，即粒子在C点的动能大于 ，故选项C正确，D错误．
点睛：本题在复合场中考察了运动的合成、分运动之间的关系等，有一定的综合性．解这类问题的关键是：正确进行受力分析，弄清运动形式，利用相应物理规律求解．
12.如图1所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个带电小球。 时，乙球以 的初速度向静止的甲球运动。之后，它们仅在电场力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触）。它们运动的 图像分别如图2中甲、乙两曲线所示。由图线可知（ ）
故选：A。
6.如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（重力不计），则从开始射入到打到上板的过程中（ ）
A. 它们运动的时间
B. 它们运动的加速度
C. 它们的动能增加之比 ： ：2
D. 它们所带的电荷量之比 ： ：2
C． 时间内两电荷间距离逐渐减小，在 时间内两电荷间距离逐渐增大，由库仑定律得知，两电荷间的相互静电力先增大后减小，故C正确。
电场力做正功，电势能减小，故该点电荷从a点移到d点，电势能减少 J，故D正确。
故选D。
8.如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象。当 时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（ ）
A. 带电粒子将始终向同一个方向运动
B. 内，粒子回到出发点
1.如图所示，在原来不带电的金属细杆 附近Ｐ处，放置一个正点电荷．达到静电平衡后，( )
A.ａ端的电势比ｂ端的高
B.ｂ端的电势比ｄ点的低
C.ａ端的电势不一定比ｄ点的低
D.杆内ｃ处场强的方向由ａ指向ｂ
【答案】B
【解析】
【详解】达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φd＞φb=φc=φa；故A，C错误，B正确；D、由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强处处为零；D错误．
故选B。
3.如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电源E相连，在距离两板等距离的M点有一个带电液滴处于静止状态．若将b板向上平移一小段距离，但仍在M点下方，稳定后，下列说法中正确的是( )
①液滴将加速向下运动 ②M点电势升高 ③带电液滴在M点的电势能增大 ④在b板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功相同
C. 粒子在C点的机械能比在A点多12 J
D. 粒子在C点的动能为6 J
【答案】AC
【解析】
A、从 根据动能定理可以知道： ，即： ，即粒子在B点的动能比在A点多 ，故选项A正确；
B、设在A点初速度为 ，小球在竖直方向只受重力，做加速度为g的匀变速运动，故从 和 的时间相等，而水平方向只受到电场力作用，设从 的水平分位移为 ，从的水平分位移为 ，则可知： ，则 ，由于电场力做正功，则粒子在C点的电势能比在B点少 ，故选项B错误；
【答案】D
【解析】
【详解】A．粒子在垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，速度相等，由
得知，运动的时间相等，故A错误；
B．粒子在平行电场方向受到电场力作用，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有
解得
由于两带电粒子平行电场方向分位移之比为
： ：2
所以 ，故B错误；
D．根据牛顿第二定律，有
故选B．
【点睛】达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，这是解决本题的关键的地方，对于静电场的特点一定要熟悉．
2.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即 ，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R点在等势面b上，据此可知（ ）
B．由于做曲线运动的物体所受合外力方向为曲线运动的凹侧，可知负电荷所受的电场力方向向下，而电场线与等势线垂直，且负电荷所受电场力方向与电场强度的方向相反，故电场线的方向向上，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，可知c点的电势最高，a点电势最低，故B正确；
CD．由上面的分析可知，p点电势小于Q点电势，根据带负电的粒子在电势高的地方，电势能小，在电势低的地方电势能大，可知带负电质点在P点的电势能比在Q点的高，又因为带电粒子在电场中只受电场力作用，由能量守恒可知，带电质点在电场中电势能与动能的总和保持恒定，由于带负电质点在P点的电势能比在Q点的高，则该质点在P点的动能小于在Q点的动能，故CD错误。
A.乙球的质量是甲球质量的2倍
B. 时刻两球相距最近且速度方向相反
C. 时间内，两球间的电场力先增大后减小
D. 时间内，两球间的电势能先增大后减小
【答案】CD
【解析】
【详解】A．由图示图象可知： ， ， ，两点电荷组成的系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得
代入数据解得
故A错误；
B． 时间内两电荷间距离逐渐减小，在 时间内两电荷间距离逐渐增大， 时刻两球相距最近，由图示可知，两球速度方向相同，故B错误。
C. 把一负电荷沿x轴正向从x1移到x2，电场力先减小后增大
D. 把一负电荷从x1移到x2，电场力做负功
【答案】C
【解析】
【详解】A.由图象知从x1到x2电势逐渐降低后增大，电场强度方向先向右又向左，故A项与题意不相符；
BC.根据φ-x图线上某点切线的斜率等于该点的电场强度，从x1到x2的这段范围内斜率先变小后增大，场强大小先减小后增大，电场力先减小后增大，故B项与题意不相符，C项与题意相符；
又
可得到两极板的电势差
故C正确，D错误；
故选BC。
11.如图，水平向右的匀强电场中，一带电粒子从A点以竖直向上的初速度开始运动，经最高点B后回到与A在同一水平线上的C点，粒子从A到B过程中克服重力做功2 J，电场力做功3 J，则()
A. 粒子在B点的动能比在A点多1 J
B. 粒子在C点的电势能比在B点少3 J
由 两式解得
所以它们所带的电荷量之比
： ：2
故D正确；
C．根据动能定理，有
又
： ：2， ： ：2
所以动能增加量之比
： ：4
故C错误；
故选：D。
7.有一匀强电场的方向平行于xOy平面（纸面），平面内a、b、c、d四点的位置如图所示，线段cd、cb分别垂直于x轴、y轴，a、b、c三点电势分别为 、 、 ，电荷量 的点电荷由a点开始沿abcd路线运动，则下列判断正确的是（ ）
A ①②B. ③④C. ①③D. ②④
【答案】B
【解析】
①电容器与电源保持相连，电容器板间的电压不变，将b板向上平移一小段距离，根据 分析得知板间电场强度增大，液滴所受的电场力增大，液滴将加速向上运动．故①错误．②由U=Ed知，M与a间的电场差增大，a点的电势为零，M点的电势小于零，则知M点的电势降低．故②错误．③由于液滴带负电，则带电液滴在M点的电势能增大．故③正确．④在b板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，两板间的电势差不变，根据电场力做功公式W=qU知，电场力做功相同．故④正确．故选B
点睛：由于金属板与电源始终相连，即使改变两板间距，两板的电压仍不变，所以电场力做功也相同．同时考查了电势能与电荷的电量及电势有关，且注意电荷的极性与电势的正负．
4.某空间存在一电场，电场中的电势φ在x轴上的分布如图所示，下列说法正确的是( )
A. 在x轴上，从x1到x2电场强度方向向左
B. 在x轴上，从x1到x2电场强度先增大后减小
B．根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知， 内，带电粒子位移为负，粒子不在出发点，故B错误；
C．由图面积可知，粒子 内位移为0，动能变化量为零，ห้องสมุดไป่ตู้场力做功为零，故C错误；
D． 内电场力做功为零，由 得电势差为零，故D正确；
故选D。
二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）
9.如图所示，倾角为 的光滑绝缘直角斜面ABC，D是斜边AB的中心，在C点固定一个带电荷量为 的点电荷，一质量为m，电荷量为 的小球从A点由静止释放，小球经过D点时的速度为v，到达B点时的速度为0，则（ ）
A. 带电质点在P点的加速度比在Q点的加速度小
B. 三个等势面中，c的电势最高
C. 带电质点在P点的动能大于在Q点的动能
D. 带电质点在P点的电势能比在Q点的小
【答案】B
【解析】
【详解】A．因为a、b、c为等差等势面，等差等势面越密的地方，电场强度越大，则有p点的场强大于Q点的场强，根据F=Eq和F=ma可知，同一带电质点在P点的加速度比在Q点的加速度大，故A错误；
D.负电荷在电势低处电势能大，所以把一负电荷从x1移到x2，电势能先增大后减小，电场力先做负功后正功，故D项与题意不相符．
5.如图所示，两块平行带电金属薄板A、B中央各有一个小孔M，N。在M点正上方一定距离处的O点，静止释放一带电油滴，若该油滴恰好能运动到N点。现将B板向下平移至 位置，则由O点静止释放的带电油滴（ ）
内蒙古乌兰察布市北京八中乌兰察布分校2020-2021学年高二物理上学期期中试题（含解析）
分值100分 时间 90分钟）
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上。
2. 将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3. 考试结束后，将答题卡交回。
一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）
解得
故A正确；
B．由于 ，根据几何关系可知，沿AD的方向上的各点到C的距离先减小后增大，距离减小的过程中电场力对负电荷做正功，距离增大的过程中电场力对负电荷做负功，所以从A至D的过程中负电荷的电势能先减小后增大，故B错误；
C．结合B 分析，同理可知，小球从A到B的过程中电势能先减小后增加，故C正确；
A.AB两点间的电势差
B. 小球从A到D的过程中电势能逐渐减小
C. 小球从A到B的过程中电势能先减小后增加
D. 小球从A到D的过程中静电力做功为
【答案】AC
【解析】
【详解】A．设AB的长度为2L，则 ，斜面的倾角为 ，由几何关系可知， ，所以D与A的电势相等，在小球从A到D的过程中，由动能定理得
在小球从A到B的过程中，由动能定理得
B. 电场强度的大小为
C.b、d两点间的电势差为
D. 该点电荷从a点移到d点，电势能减少
【答案】D
【解析】
【分析】
在匀强电场中，沿着同一个方向移动相同距离电势降低相等，先据此求解O点的电势；然后找出等势面，结合公式 分析电场强度；根据 求解电场力做功，分析电势能变化。
【详解】A．由于是匀强电场，故沿着同一个方向前进相同距离电势的降低相等，故：
D．由于 ，所以D与A的电势相等，则由
可知A到D的过程中电场力做的功等于0，故D错误。
故选AC
10.如图所示，倾斜放置的平行板电容器两极板与水平面夹角为 ，极板间距为d，带负电的微粒质量为m、带电量为q，从极板M的左边缘A处以初速度 水平射入，沿直线运动并从极板N的右边缘B处射出，则（ ）
A. 微粒达到B点时动能为
代入数据解得
故A错误；
B．由于是匀强电场，故沿着同一个方向前进相同距离电势 降低相等可知，ab中点e电势为 ，连接Oe则为等势面，如图所示：
根据几何关系可知， ，则ab为一条电场线，且方向由b指向a，电场强度为
故B错误；
C．因为是匀强电场，所以有 ，则 ，所以b、d两点间 电势差为0V，故C错误；
D．该点电荷从a点移到d点电场中做功为
A. 运动到N点返回
B. 运动到N和 点之间返回
C. 运动到 点返回
D. 穿过 点
【答案】A
【解析】
【详解】静止释放一带电油滴，若该油滴恰好能运动到N点，根据动能定理可得
根据电容器公式
，
又因为
当Q不变时，可得
知板间的场强不随距离的变化而变化，当平行板下移时，E不变，故油滴恰好能运动到N点返回，故A正确，BCD错误。
C. 内，电场力的总功不为零
D. 带电粒子在 内的初、末位置间的电势差为零
【答案】D
【解析】
【详解】由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为
第2s内加速度
故有
因此先加速1s再减小 时速度为零，接下来的 将反向加速， 图象如图所示：
A．带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误；
B. 微粒的加速度大小等于
C. 两极板的电势差
D. 微粒从A点到B点的过程电势能减少
【答案】BC
【解析】
【详解】A．由题分析可知，微粒在重力和电场力的共同作用下做匀减速直线运动，所以动能减小，故A错误；
B．由题分析可知
得
故B正确；
CD．微粒从A点到B点的过程电场力做负功，电场力为
电场力做功为
所以电势能增加了
C、根据功能关系可知：从 机械能增加量为： ，由于重力势能不变，即从 动能增加 ，即粒子在C点的动能大于 ，故选项C正确，D错误．
点睛：本题在复合场中考察了运动的合成、分运动之间的关系等，有一定的综合性．解这类问题的关键是：正确进行受力分析，弄清运动形式，利用相应物理规律求解．
12.如图1所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个带电小球。 时，乙球以 的初速度向静止的甲球运动。之后，它们仅在电场力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触）。它们运动的 图像分别如图2中甲、乙两曲线所示。由图线可知（ ）
故选：A。
6.如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（重力不计），则从开始射入到打到上板的过程中（ ）
A. 它们运动的时间
B. 它们运动的加速度
C. 它们的动能增加之比 ： ：2
D. 它们所带的电荷量之比 ： ：2
C． 时间内两电荷间距离逐渐减小，在 时间内两电荷间距离逐渐增大，由库仑定律得知，两电荷间的相互静电力先增大后减小，故C正确。
电场力做正功，电势能减小，故该点电荷从a点移到d点，电势能减少 J，故D正确。
故选D。
8.如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象。当 时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（ ）
A. 带电粒子将始终向同一个方向运动
B. 内，粒子回到出发点
1.如图所示，在原来不带电的金属细杆 附近Ｐ处，放置一个正点电荷．达到静电平衡后，( )
A.ａ端的电势比ｂ端的高
B.ｂ端的电势比ｄ点的低
C.ａ端的电势不一定比ｄ点的低
D.杆内ｃ处场强的方向由ａ指向ｂ
【答案】B
【解析】
【详解】达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φd＞φb=φc=φa；故A，C错误，B正确；D、由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强处处为零；D错误．
故选B。
3.如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电源E相连，在距离两板等距离的M点有一个带电液滴处于静止状态．若将b板向上平移一小段距离，但仍在M点下方，稳定后，下列说法中正确的是( )
①液滴将加速向下运动 ②M点电势升高 ③带电液滴在M点的电势能增大 ④在b板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功相同
C. 粒子在C点的机械能比在A点多12 J
D. 粒子在C点的动能为6 J
【答案】AC
【解析】
A、从 根据动能定理可以知道： ，即： ，即粒子在B点的动能比在A点多 ，故选项A正确；
B、设在A点初速度为 ，小球在竖直方向只受重力，做加速度为g的匀变速运动，故从 和 的时间相等，而水平方向只受到电场力作用，设从 的水平分位移为 ，从的水平分位移为 ，则可知： ，则 ，由于电场力做正功，则粒子在C点的电势能比在B点少 ，故选项B错误；
【答案】D
【解析】
【详解】A．粒子在垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，速度相等，由
得知，运动的时间相等，故A错误；
B．粒子在平行电场方向受到电场力作用，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有
解得
由于两带电粒子平行电场方向分位移之比为
： ：2
所以 ，故B错误；
D．根据牛顿第二定律，有
故选B．
【点睛】达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，这是解决本题的关键的地方，对于静电场的特点一定要熟悉．
2.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即 ，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R点在等势面b上，据此可知（ ）
B．由于做曲线运动的物体所受合外力方向为曲线运动的凹侧，可知负电荷所受的电场力方向向下，而电场线与等势线垂直，且负电荷所受电场力方向与电场强度的方向相反，故电场线的方向向上，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，可知c点的电势最高，a点电势最低，故B正确；
CD．由上面的分析可知，p点电势小于Q点电势，根据带负电的粒子在电势高的地方，电势能小，在电势低的地方电势能大，可知带负电质点在P点的电势能比在Q点的高，又因为带电粒子在电场中只受电场力作用，由能量守恒可知，带电质点在电场中电势能与动能的总和保持恒定，由于带负电质点在P点的电势能比在Q点的高，则该质点在P点的动能小于在Q点的动能，故CD错误。
A.乙球的质量是甲球质量的2倍
B. 时刻两球相距最近且速度方向相反
C. 时间内，两球间的电场力先增大后减小
D. 时间内，两球间的电势能先增大后减小
【答案】CD
【解析】
【详解】A．由图示图象可知： ， ， ，两点电荷组成的系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得
代入数据解得
故A错误；
B． 时间内两电荷间距离逐渐减小，在 时间内两电荷间距离逐渐增大， 时刻两球相距最近，由图示可知，两球速度方向相同，故B错误。
C. 把一负电荷沿x轴正向从x1移到x2，电场力先减小后增大
D. 把一负电荷从x1移到x2，电场力做负功
【答案】C
【解析】
【详解】A.由图象知从x1到x2电势逐渐降低后增大，电场强度方向先向右又向左，故A项与题意不相符；
BC.根据φ-x图线上某点切线的斜率等于该点的电场强度，从x1到x2的这段范围内斜率先变小后增大，场强大小先减小后增大，电场力先减小后增大，故B项与题意不相符，C项与题意相符；
又
可得到两极板的电势差
故C正确，D错误；
故选BC。
11.如图，水平向右的匀强电场中，一带电粒子从A点以竖直向上的初速度开始运动，经最高点B后回到与A在同一水平线上的C点，粒子从A到B过程中克服重力做功2 J，电场力做功3 J，则()
A. 粒子在B点的动能比在A点多1 J
B. 粒子在C点的电势能比在B点少3 J
由 两式解得
所以它们所带的电荷量之比
： ：2
故D正确；
C．根据动能定理，有
又
： ：2， ： ：2
所以动能增加量之比
： ：4
故C错误；
故选：D。
7.有一匀强电场的方向平行于xOy平面（纸面），平面内a、b、c、d四点的位置如图所示，线段cd、cb分别垂直于x轴、y轴，a、b、c三点电势分别为 、 、 ，电荷量 的点电荷由a点开始沿abcd路线运动，则下列判断正确的是（ ）
A ①②B. ③④C. ①③D. ②④
【答案】B
【解析】
①电容器与电源保持相连，电容器板间的电压不变，将b板向上平移一小段距离，根据 分析得知板间电场强度增大，液滴所受的电场力增大，液滴将加速向上运动．故①错误．②由U=Ed知，M与a间的电场差增大，a点的电势为零，M点的电势小于零，则知M点的电势降低．故②错误．③由于液滴带负电，则带电液滴在M点的电势能增大．故③正确．④在b板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，两板间的电势差不变，根据电场力做功公式W=qU知，电场力做功相同．故④正确．故选B
点睛：由于金属板与电源始终相连，即使改变两板间距，两板的电压仍不变，所以电场力做功也相同．同时考查了电势能与电荷的电量及电势有关，且注意电荷的极性与电势的正负．
4.某空间存在一电场，电场中的电势φ在x轴上的分布如图所示，下列说法正确的是( )
A. 在x轴上，从x1到x2电场强度方向向左
B. 在x轴上，从x1到x2电场强度先增大后减小
B．根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知， 内，带电粒子位移为负，粒子不在出发点，故B错误；
C．由图面积可知，粒子 内位移为0，动能变化量为零，ห้องสมุดไป่ตู้场力做功为零，故C错误；
D． 内电场力做功为零，由 得电势差为零，故D正确；
故选D。
二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）
9.如图所示，倾角为 的光滑绝缘直角斜面ABC，D是斜边AB的中心，在C点固定一个带电荷量为 的点电荷，一质量为m，电荷量为 的小球从A点由静止释放，小球经过D点时的速度为v，到达B点时的速度为0，则（ ）
A. 带电质点在P点的加速度比在Q点的加速度小
B. 三个等势面中，c的电势最高
C. 带电质点在P点的动能大于在Q点的动能
D. 带电质点在P点的电势能比在Q点的小
【答案】B
【解析】
【详解】A．因为a、b、c为等差等势面，等差等势面越密的地方，电场强度越大，则有p点的场强大于Q点的场强，根据F=Eq和F=ma可知，同一带电质点在P点的加速度比在Q点的加速度大，故A错误；
D.负电荷在电势低处电势能大，所以把一负电荷从x1移到x2，电势能先增大后减小，电场力先做负功后正功，故D项与题意不相符．
5.如图所示，两块平行带电金属薄板A、B中央各有一个小孔M，N。在M点正上方一定距离处的O点，静止释放一带电油滴，若该油滴恰好能运动到N点。现将B板向下平移至 位置，则由O点静止释放的带电油滴（ ）
内蒙古乌兰察布市北京八中乌兰察布分校2020-2021学年高二物理上学期期中试题（含解析）
分值100分 时间 90分钟）
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上。
2. 将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3. 考试结束后，将答题卡交回。
一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）
解得
故A正确；
B．由于 ，根据几何关系可知，沿AD的方向上的各点到C的距离先减小后增大，距离减小的过程中电场力对负电荷做正功，距离增大的过程中电场力对负电荷做负功，所以从A至D的过程中负电荷的电势能先减小后增大，故B错误；
C．结合B 分析，同理可知，小球从A到B的过程中电势能先减小后增加，故C正确；
A.AB两点间的电势差
B. 小球从A到D的过程中电势能逐渐减小
C. 小球从A到B的过程中电势能先减小后增加
D. 小球从A到D的过程中静电力做功为
【答案】AC
【解析】
【详解】A．设AB的长度为2L，则 ，斜面的倾角为 ，由几何关系可知， ，所以D与A的电势相等，在小球从A到D的过程中，由动能定理得
在小球从A到B的过程中，由动能定理得