【志鸿优化设计】2016高考物理二轮专题复习word版：阶段训练(四).doc
【志鸿优化设计】2016高考物理二轮复习 综合能力训练(二)
综合能力训练(二)(时间:60分钟满分:110分)第Ⅰ卷一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1.(2015·江西六校联考)下列叙述正确的是()A.法拉第最先提出电荷周围存在电场的观点B.伽利略用“月—地检验”证实了万有引力定律的正确性C.牛顿在给出万有引力定律的同时给出了引力常量D.将实验和逻辑推理(包括数学演算)和谐地结合起来,从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是笛卡尔2.(2015·湖北武汉武昌区调研测试)从地面竖直上抛一物体A的同时,在离地面高H处有相同质量的另一物体B开始做自由落体运动,两物体在空中同时到达距地面高h时速率都为v(两物体不会相碰),则下列说法正确的是()A.H=2hB.物体A竖直上抛的初速度大小是物体B落地时速度大小的2倍C.物体A、B在空中运动的时间相等D.两物体落地前各自的机械能都守恒且两者机械能相等3.(2015·湖南师范大学附属中学月考)如图所示,物体沿斜面由静止滑下,在水平面上滑行一段距离后停止,物体与斜面、水平面间的动摩擦因数相同,斜面与水平面平滑连接。
下图中v、a、F f和x 分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程,它们随时间变化的图象正确的是()4.(2015·湖北荆门调研)理论研究表明第二宇宙速度是第一宇宙速度的倍。
火星探测器悬停在距火星表面高度为h处时关闭发动机,做自由落体运动,经时间t落到火星表面。
已知引力常量为G,火星的半径为R。
若不考虑火星自转的影响,要探测器脱离火星飞回地球,则探测器从火星表面的起飞速度至少为()A.7.9 km/sB.11.2 km/sC.D.5.(2015·河南实验中学月考)两个中间有孔的质量为M的小球A、B用一轻弹簧相连,套在水平光滑横杆上。
《志鸿优化设计》2016高考物理二轮专题复习课件专题十一电磁感应及综合应用
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命题一
命题二
命题三
拓展训练1(2015·河北唐山摸底)矩形导线框abcd固定在变化的磁场中,产生了如
图所示的电流(电流方向abcda为正方向)。若规定垂直纸面向里的方向为磁场正 方向,能够产生如图所示电流的磁场为( )
关闭
根据法拉第电磁感应定律,只有某段时间内均匀变化的磁场才能产生恒定电流,排
(1)ab下滑的最大加速度; (2)ab下落了30 m 高度时,其下滑速度已经达到稳定, 则此过程中回路电流的发热量Q为多大? (3)如果将ab与a'b'同时由静止释放,当ab下落了30 m 高度时,其下滑速度也已经 达到稳定,则此过程中回路电流的发热量Q'为多大?(g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)
互匀的相强感垂磁应设设直场电线此,区动框时且域势总线处的为电框于阻所上同E1为受下,一由安边R竖法,培此界拉直力时均第平为线水电面框F平磁内1中,有感,,磁a电应bF场边流1定=方为长2律I向1为Il,有1B垂,l由③,cE直闭d1边=于合2长B线电lv为框路1①2欧所l,a姆在b与定平律c面d平,有。行开I1,=间始������������1距时②为,cd2边l。到 磁场上由边于界线的框距做匀离速为运2l,动线,其框受由力静平止衡释,有放,m从g=cdF边1④进入磁场直到ef、pq边进入磁场
命题一
命题二
命题三
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(1()1在)金m金a属属=m框框g下s开in滑始θ-加下μm滑速gc阶度os段aθ和;由进题入图磁可场得的x1速=0度.9vm1;;由牛顿第二定律可得 (2)金解属得框a=经5 过m/磁s2 场时受到的安培力F安大小;
(3)匀由强运磁动公场式的���磁���12感=2应ax强1 度大小B。 解得 v1=3 m/s。
【志鸿优化设计】2016高考物理二轮专题复习课件题型一选择题
B.根据速度的定义式
的瞬时速度,该定义运用了极限法 Δ������ Δ������ 就可以表示物体在某时刻的瞬时速度 ,该定义应用了极限法 ,故 B 正确 ;在实验探究加速度 C.在实验探究加速度与力、质量的关系时 ,运用了控制变量法 与力、 质量的关系时 ,因为三量之间相互都有关,故应采用控制变量法 ,故 C 正确;在推导匀 D.在推导匀变速直线运动位移公式时 ,把整个运动过程等分成很多小 变速运动位移公式时 ,把整个运动过程划分成很多小段,各小段近似看作匀速直线运动 ,然 段,然后将各小段位移相加,运用了微元法
热点题型 热点题型 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二
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拓展训练 2
(2015· 湖北武昌高三调研测试)如图所示,质量为 M、半径为 R 的半球
以 B 为研究对象 ,受力分析如图所示 ,由平衡条件知 ,B 对 A 的压力等于 A 对 B 的支持力
������������ r 的光滑球 ������ ������ +������ 、B 均静止。则 ������������ 量为 m、半径为 F ,根据几何关系 = ,可得 F=B,Amg ,故 A 错误; = ( ������ ������+������ ������ ������
热点题型 热点题型 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二
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技巧点拨
(1)处理平衡问题的基本思路:确定平衡状态(加速度为0)→选定研究对象→受 力分析→建立平衡方程→求解得结论。 (2)当物体仅受三个共点力作用而平衡时,可灵活选取正交分解法、合成法、解 直角三角形法、相似三角形法、图解法求解。 (3)当物体受四个及以上共点力的作用而平衡时,一般采用正交分解法求解。 (4)在连结体问题中,分析外界对系统的作用力时用整体法;分析系统内物体间 的作用力时用隔离法。隔离物体进行受力分析时,一般先从受力最简单的物体入 手。
【志鸿优化设计】2016高考物理二轮复习 专题整合高频突破 专题十三 电学实验课件
-17命题一 命题二 命题三
以测电源电动势为核心的实验
主要考查电路的选择、仪器的选择、线路的连接和数据的处理。
例 3 在“测定电池的电动势和内阻” 实验中,某同学的实物电路连接如
图甲所示。 (1)在方框中画出与图甲对应的电路图。
甲
比较项目 电路 误差来源 测量结果 适用条件
电流表内接法
电流表外接法
电流表的分压 R 测= >Rx,偏大
I U
电压表的分流 R 测= <Rx,偏小
I U
Rx≫RA(测大电阻)
RV≫Rx(测小电阻)
-6(3)分压式电路与限流式电路的区分与选择。
①控制电路的比较:
比较项目 限流式接法 电路 分压式接法
动变阻器R1(最大阻值 100 Ω,额定电流2 A),电源E(电动势6 V,内阻不计),开关2个,
导线若干。 (1)虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电
(2)移动滑动变阻器的滑片,以保证通电后电压表所在支路分压最小;闭合 开关 S1、S2,调节 R1,使电压表的指针满偏;保持滑动变阻器滑片的位置不变,断 (2) 根据设计的电路 ,写出实验步骤: 。 开 S2 ,调节电阻箱 R0 使电压表的指针半偏 ;读取电阻箱所示的电阻值,此即为测 得的电压表内阻 (3)将这种方法测出的电压表内阻记为RV',与电压 (3)> 断开 SR 2 ,调节电阻箱使电压表成半偏状态,电压表所在支路总电阻增 表内阻的真实值 (选填“>”“=”或 V相比,RV' 大,分得的电压也增大;此时 R0 两端的电压大于电压表的半偏电压,故 RV'>RV
解析
《志鸿优化设计》高考物理(重庆专用)第二轮练习(梳理整合+探究突破+巩固提升)专项实验：描绘小电珠的伏
《志鸿优化设计》高考物理（重庆专用）第二轮练习（梳理整合+探究突破+巩固提升）专项实验：描绘小电珠的伏安特性曲线（含解析）1．（25分）一个小电珠的额定电压为2.0 V。
额定电流约为0.5 A，选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘和研究小电珠的伏安特性曲线。
A．电源E：电动势为3.0 V，内阻不计；B．电压表V1：量程为0～3 V，内阻约为1 kΩ；C．电压表V2：量程为0～15 V，内阻约为4 kΩ；D．电流表A1：量程为0～3 A，内阻约为0.1 Ω；E．电流表A2：量程为0～0.6 A，内阻约为0.6 Ω；F．滑动变阻器R1：最大阻值为10 Ω，额定电流为0.5 A；G．滑动变阻器R2：最大阻值为15 Ω，额定电流为1.0 A；H．滑动变阻器R3：最大阻值为150 Ω，额定电流为1.0 A；I．开关S，导线若干。
[来源:ZXXK]实验得到如下数据（I和U分别表示通过小电珠的电流和加在小电珠两端的电压）：I/A0.000.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50 U/V0.000.200.400.600.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00[来源:ZXXK]（1）实验中电压表应选用__________；电流表应选用__________；滑动变阻器应选用__________（请填写器材前对应的字母）。
（2）请你不要改动已连接导线，在下面的实物连接图中把还需要连接的导线补上。
闭合开关前，应使变阻器滑片放在最________（填“左”或“右”）端。
（3）在下面坐标中画出小电珠的U－I曲线。
（4）若将本题中的小电珠接在电动势是1.5 V、内阻是1.0 Ω的电池两端，则小电珠的实际功率约为__________（保留两位有效数字）。
2．（25分）发光二极管在生产和生活中得到了广泛应用。
图甲是一种发光二极管的实物图，正常使用时，带“＋”号的一端接高电势，带“－”号的一端接低电势。
《志鸿优化设计》高考物理(重庆专用)第二轮练习(梳理整合+探究突破+巩固提升)专项实验：探究决定导线电
《志鸿优化设计》高考物理（重庆专用）第二轮练习（梳理整合+探究突破+巩固提升）专项实验：探究决定导线电阻的因素（含解析）一、实验目的1．掌握电流表、电压表和滑动变阻器的使用方法及电流表和电压表的读数方法。
2．掌握螺旋测微器及游标卡尺的原理及读数方法。
3．会用伏安法测电阻，进一步测定金属丝的电阻率。
二、实验原理根据欧姆定律和电阻定律，用毫米刻度尺测一段金属丝的长度l ，用螺旋测微器测金属丝的直径d ，用伏安法测金属丝的电阻R ，由R ＝ρl S ，所以金属丝的电阻率ρ＝πd24l R 。
三、实验器材被测金属丝、米尺、螺旋测微器、电压表、电流表、直流电源、开关、滑动变阻器、导线等。
四、实验步骤1．用螺旋测微器在被测金属丝上的三个不同位置各测一次直径，求出其平均值d 。
2．依照电路图（如图）用导线将器材连好，将滑动变阻器的阻值调至最大。
3．用毫米刻度尺测量接入电路中的被测金属丝的长度，即有效长度，反复测量3次，求出其平均值l 。
4．电路经检查确认无误后，闭合开关S ，改变滑动变阻器滑动片的位置，读出几组相应的电流值和电压值，记入表格内；断开开关S ，求出金属丝电阻R 的平均值。
5．将测得的R 、l 、d 值，代入电阻率计算公式ρ＝RS l ＝πd2R 4l ，计算出金属丝的电阻率。
6．拆去实验线路，整理好实验器材。
五、数据处理1．在求Rx 的平均值时可用两种方法（1）用Rx ＝U I 分别算出各次的数值，再取平均值。
（2）用U －I 图线的斜率求出。
[来源:ZXXK]2．计算电阻率将记录的数据Rx 、l 、d 的值代入电阻率的计算式ρ＝Rx S l ＝πd2U 4lI 。
[来源:学.科.网Z.X.X.K]六、误差分析1．金属丝的横截面积是利用直径计算而得，直径的测量是产生误差的主要来源之一。
2．采用伏安法测量金属丝的电阻时，由于采用的是电流表外接法，测量值小于真实值，使电阻率的测量值偏小。
[来源:ZXXK]3．金属丝的长度测量、电流表和电压表的读数等会带来偶然误差。
【志鸿优化设计】2016高考物理二轮复习 专题整合高频突破 专题二 力与物体的直线运动课件
-23命题热点一 命题热点二 命题热点三
思维导引
-24命题热点一 命题热点二 命题热点三
例3(多选)一汽车在高速公路上以v0=30 m/s的速度匀速行驶,t=0时刻,驾驶员
采取某种措施,汽车运动的加速度随时间变化关系如图所示,以初速度方向为正,下
列说法正确的是( )
A.t=6 s时车速为5 m/s B.t=3 s时车速为零 C.前9 s内的平均速度为15 m/s
专题二
力与物体的直线运动
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知识脉络梳理
-3-
规律方法导引
1.知识规律 (1)匀变速直线运动规律公式的三性。
①条件性:公式的适用条件是物体必须做匀变速直线运动。 ②矢量性:公式都是矢量式。 ③可逆性:由于物体运动条件的不同,解题时可进行逆向转换。
(2)运动图象六要素。
①轴;②线;③斜率;④截距;⑤交点;⑥面积。
⑤ ⑥ ⑦
式中 ,t2=2 s,v2= 0,联立 ⑤⑥式和题给条件得 μ2=0.4。
-15命题热点一 命题热点二 命题热点三
(2)设碰撞后木板的加速度为 a3,经过时间 Δt,木板和小物块刚 好具有共同速度 v3。由牛顿第二定律及运动学公式得 μ2mg+μ1(m0+m)g=m0a3 ⑧ v3=-v1+a3Δt ⑨ v3=v1+a2Δt 碰撞后至木板和小物块刚好达到共同速度的过程中,木板运动 的位移为 -������ +������ s1= 1 3 Δt
mg
以 A、B、C 为整体 ,则有 F=3ma 故 F=mg。
解析
3
关闭
答案
-11命题热点一 命题热点二 命题热点三
匀变速直线运动的规律及应用
常结合牛顿运动定律、图象来考查物体做匀变速直线运动公式的应用。
《志鸿优化设计》2016高考物理二轮专题复习课件专题五功功率动能定理
件,可知电动汽车的最大速度为 18 m/s 时,其所受合外力为零,故此时
-19-
命题一
命题二
命题三
(2)滑块在 ON 段运动时所受的摩擦力 Ff=μ(mgcos 37°+qEcos 37°)=2.4×10-2 N 滑块所受重力、电场力沿斜面的分力
F1=mgsin 37°+qEsin 37°=2.4×10-2 N 因此滑块沿 ON 下滑时做匀速运动,上滑时做匀减速运动,速度 为零时可停下。 设小滑块与挡板碰撞 n 次后停在距挡板距离为 x 处,则由动能定 理得
F1cos θ1=μ(mg-F1sin θ1)
F2cos θ2=μ(mg-F2sin θ2)
解得
F1=cos
������������������ ������1+������ sin
������1,F2=cos
������������������ ������2 +������ sin
������2
汽车一直匀加速 2 s,其速度才可达到 6 m/s,实际上电动汽车匀加速
1.2 sA后.电做动加汽速车度由静逐止渐开减始小一的直变做加变速加运速直动线,因运而动2 s 时电动汽车的速度
B小D于BC..6电 电m动 动/s汽 汽,选车 车项的 由额 静C 定 止错功 开误率 始。为 经过10.28sk,速W度达到 6 m/s
2016版卓越学案高考物理(通用版)二轮复习第二部分考前复习方略：专题四 选考题突破策略与技巧
专题四
选考题突破策略与技巧
(2)光屏上的两个光斑分别是激光束经光学元件反射与折射的 光线形成，其光路图如图所示： 依题意，R＝10 3 cm， 据反射规律与几何关系知， 反射光线形成光斑 P1 与 M 点的 距离为： d1＝Rtan 30° 激光束的入射角 i＝60°， 设其折射角为 r，由几何关系可知折射光线形成光斑 P2 与 M 点间距为： d2＝Rcot r
栏目 导引
专题四
选考题突破策略与技巧
(2)依题意，无论波向哪个方向传播，波的周期均为 T＝4t＝0.4 s 若波沿 x 轴正方向传播，最简波形如图甲所示，则满足 d＝
n＋3λ (n＝0，1，2，„) 4
λ 而波速 v＝ T 100 联立解得 v1＝ m/s(n＝0，1，2，„) 4n＋3
栏目 导引
专题四
选考题突破策略与技巧
①气体温度升高到t2＝127 ℃时，活塞离底部的高度； ②气体温度升高到t3＝387 ℃时，缸内气体的压强(本问结果
保留三位有效数字)．
[解析] (1)冰糖磨碎不改变其微观结构，仍是晶体，所以不改 变其熔点，A 项正确；足球充足气后很难被压缩，是压强的作 用效果，不是分子斥力的作用，B 项错误；等容过程中，由气 体实验定律和热力学第一定律可知，吸收热量其内能一定增 大，C 项正确；由热力学第二定律(熵增加原理)可知，D 项正 确；由理想气体状态方程可知，气体体积不变，温度升高，压 强一定增大， 由压强的微观解释可知， 单位体积内分子数不变， 但由于温度升高，分子平均动能增大，故单位时间内撞击在单 位面积上的分子数一定增大，E 项错误．
专题四
选考题突破策略与技巧
突破策略 1．机械振动与机械波部分 (1)要将两种图象加以比较、区别及了解其之间的联系．两种图 象形式相似，但物理意义完全不同，只有深刻理解了它们的不 同物理意义才可能对某些问题作出正确的判断． (2)熟练掌握波速、波长、周期和频率的关系． (3)培养理解能力、 推理能力、分析综合能力和周密思考问题的 能力．
《志鸿优化设计》2016高考物理二轮专题复习课件专题四万有引力与航天
-2知识脉络梳理
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规律方法导引
1.知识规律
(1)一条黄金代换:GM=gR2。
(2)两条基本思路。
①天体附近:������������������2·������=mg
②环绕卫星:������������������2·������ = ������������������2=mω2·r=m
解得 ω=
������������ ������ 3
,据此
可知,人造地球卫星
A、B、C
运转角速度满足关
系 ωA<ωB<ωC,选项 B 错误。由 G���������������2���=ma 可知,人造地球卫星 A、B、 C 向A心.根加据速v=度满���������足���可关知系运行aA速<度aB满<a足C,关选系项vCA>正vB>确vC。由于卫星 C 运行速
错误B。.求出嫦娥三号探月卫星的质量
C月.求球出绕地地球球与月转球������������之1132 间=的������4���万π���2地有,引嫦力娥三号绕月球转
������2 3 ������2 2
=
������������ 月 4π2
,不是
关闭
C同一D中.得心出天������������113体2 =,故������������22不32 满足开普勒第三定律,选项 D 错误。
(2)物理方法:整体替代法、假设法、近似法、比值法。
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命题热点一
命题热点二
命题热点三
天体运动问题
常以选择题的形式考查万有引力定律及天体做匀速圆周运动的公式。
例1(2015·山东潍坊高三统考)把水星和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动。
2016版《优化方案》高考物理(浙江专用)二轮专题复习特色专题训练仿高考选择题巧练(二)Word版含答案
仿高考选择题巧练(二)(建议用时：20分钟)一、单项选择题14．在物理学的发展过程中，许多物理学家都做出了重要的贡献，他们也创造出了许多的物理学研究方法，下列关于物理学研究方法的叙述中正确的是( )A ．理想化模型是把实际问题理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如质点、位移等是理想化模型B ．重心、合力等概念的建立都体现了等效替代的思想C ．用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如场强E ＝F q，电容C ＝Q U ，加速度a ＝F m都是采用比值法定义的 D ．根据速度定义式v ＝Δx Δt ，当Δt 非常小时，Δx Δt就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了类比的思想方法15.如图，一个人站在水平地面上的长木板上用力F 向右推箱子，木板、人、箱子均处于静止状态，三者的质量均为m ，重力加速度为g ，则( )A ．箱子受到的摩擦力方向向右B ．地面对木板的摩擦力方向向左C ．木板对地面的压力大小为3mgD ．若人用斜向下的力推箱子，则木板对地面的压力会大于3mg16.(2015·台州模拟)如图所示，在一个点电荷形成的电场中，M 、N 、L 是三个间距相等的等势面．一重力不计的带电粒子从p 点无初速释放后，沿图中直线依次经过q 、k 两点，且p 、q 、k 三点是带电粒子的运动轨迹与等势面的交点．设带电粒子从p 点到q 点电场力做功W pq ，从q 点到k 点电场力做功W qk ，则( )A ．W pq ＝W qkB ．W pq ＜W qkC ．粒子从p 点到q 点做匀加速直线运动D ．粒子从p 点到q 点其电势能逐渐减小17.如图所示，宽为2L 且上、下边界都水平的匀强磁场区域的正上方有一个高为L 的闭合矩形线框由静止从某高度释放，线框竖直下落过程中，下边始终保持水平，磁感应强度方向垂直线框平面向里，线框第一次从某高度由静止下落后，恰好匀速进入磁场，第二次调整下落高度后，线框恰好匀速穿过磁场下边界，用I 1、I 2分别表示第一次、第二次在整个进出磁场区域的过程中线框的感应电流，则下列反映线框的感应电流随位移变化的图象中可能正确的是( )二、不定项选择题18.如图所示，斜面倾角为θ，位于斜面底端A 正上方的小球以初速度v 0正对斜面顶点B 水平抛出，小球到达斜面经过的时间为t ，重力加速度为g ，则下列说法中正确的是( )A ．若小球以最小位移到达斜面，则t ＝2v 0cot θgB ．若小球垂直击中斜面，则t ＝v 0cot θgC ．若小球能击中斜面中点，则t ＝2v 0cot θgD ．无论小球怎样到达斜面，运动时间均为t ＝2v 0tan θg19.如图所示，坐标原点O 处有一粒子源，能沿纸面向各个方向(y >0)发射速率v 相同的粒子，在x 轴上方的空间存在着磁感应强度方向垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，不计粒子所受重力及粒子间的相互作用，图中曲线OMN 表示粒子运动的区域边界，OM ＝ON ＝L ，则( )A ．粒子带负电，其比荷为q m ＝2v LBB ．当粒子沿x 轴负方向射入磁场时，其运动轨迹即为曲线OMNC ．当粒子射入磁场的速度方向与x 轴正方向的夹角为30°时，粒子在磁场中的运动时间为πL 6vD ．当粒子沿y 轴正方向射入磁场时，其一定会经过ON 的中点20.如图所示，一金属棒AC 在匀强磁场中绕平行于磁感应强度方向的轴(过O 点)匀速转动，OA ＝2OC ＝2L ，磁感应强度大小为B 、方向垂直纸面向里，金属棒转动的角速度为ω、电阻为r ，内、外两金属圆环分别与C 、A 良好接触并各引出一接线柱与外电阻R 相接(没画出)，两金属圆环圆心皆为O 且电阻均不计，则( )A ．金属棒中有从A 到C 的感应电流B ．外电阻R 中的电流I ＝3B ωL 22（R ＋r ）C ．当r ＝R 时，外电阻消耗功率最小D ．金属棒AC 间电压为3B ωL 2R 2（R ＋r ）仿高考选择题巧练(二)14．解析：选B.位移不是理想化模型，A 项错；a ＝F m表示加速度a 与物体所受合外力成正比，与质量成反比，并非采用比值法定义的，C 项错；瞬时速度的定义利用到了极限思维法，D 项错．15．解析：选C.人用力F 向右推箱子，箱子受到的摩擦力方向向左，选项A 错误；把木板、人、箱子看做整体，人对箱子的作用力为内力，整体水平方向所受合外力为零，地面对木板的摩擦力为零，选项B 错误；整体竖直方向所受合外力为零，由平衡条件可知，地面对木板支持力大小为3mg ，由牛顿第三定律可知，木板对地面的压力大小为3mg ，选项C正确，D 错误.16．解析：选D.离点电荷越近，等差等势面分布越密集，即离点电荷越近的地方间距相等的等势面间的电势差越大，则有U pq ＞U qk ，由W ＝qU 得W pq ＞W qk ，选项A 、B 错误；粒子从静止开始运动，电场力做正功，电势能逐渐减小，选项D 正确；从p 点到q 点电场力逐渐减小，则加速度逐渐减小，选项C 错误．17．解析：选A.线框第一次进入磁场先做匀速运动，产生恒定电流，完全进入磁场后做加速度为g 的匀加速运动，线框中无感应电流，而出磁场时，做减速运动，线框中产生逐渐减小的感应电流，但刚出磁场时速度不小于进入磁场时速度，即x ＝3L 时，感应电流不小于I 0，A 对，B 错；线框第二次出磁场时做匀速运动，产生恒定电流，因线框在完全进入磁场后有一段匀加速运动过程，所以线框在进入磁场过程中将一直做加速运动且感应电流一定小于I 0，C 、D 错．18．解析：选AB.小球以最小位移到达斜面时，位移与水平方向的夹角为π2－θ，则tan ⎝⎛⎭⎫π2－θ＝gt 2v 0，即t ＝2v 0cot θg ，A 对，D 错；小球垂直击中斜面时，速度与水平方向夹角为π2－θ，则tan ⎝⎛⎭⎫π2－θ＝gt v 0，即t ＝v 0cot θg ，B 对；小球击中斜面中点时，令斜面长为2L ，则水平射程为L cos θ＝v 0t ，下落高度为L sin θ＝12gt 2，联立两式得t ＝2v 0tan θg，C 错．19．解析：选AC.由左手定则知粒子带负电，由题图知粒子轨道半径为12L ，而Bqv ＝m v 2r ，所以q m ＝2v LB，A 对；当粒子沿x 轴负方向射入磁场时，粒子的运动轨迹是一完整的圆周，B 错；当粒子射入磁场的速度方向与x 轴正方向的夹角为30°时，粒子运动所对圆心角为60°，粒子在磁场中的运动时间为t ＝T 6＝πL 6v ，C 对；因ON ＝L ，粒子运动半径为12L ，当粒子沿y 轴正方向射入磁场时，ON 恰好为粒子做圆周运动的直径，粒子一定会经过N 点，D 错．20．解析：选BD.由右手定则可知金属棒相当于电源且A 是电源的正极，即金属棒中有从C 到A 的感应电流，A 错；金属棒转动产生的感应电动势为E ＝12B ω(2L )2－12B ωL 2＝3B ωL 22，即回路中电流I ＝3B ωL 22（R ＋r ），B 对；由电源输出功率特点知，当内、外电阻相等时，外电路消耗功率最大，C 错；U AC ＝IR ＝3B ωL 2R 2（R ＋r ），D 对．。
优化方案(浙江专用)2016版高考物理二轮复习第一部分专题四电磁感应与电路综合检测
专题四综合检测一、单项选择题1．(2015·高考北京卷)如图所示，其中电流表A 的量程为 0.6 A ，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02 A ；R 1的阻值等于电流表内阻的12；R 2的阻值等于电流表内阻的2倍．若用电流表A 的表盘刻度表示流过接线柱1 的电流值，则下列分析正确的是( )A ．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04 AB ．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02 AC ．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06 AD ．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01 A解析：选C.设电流表A 的内阻为R A ，用电流表A 的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值时，若将接线柱1、2接入电路，根据并联电路的特点，(I 1－I A )R 1＝I A R A ，解得I 1＝3I A ＝0.06 A ，则每一小格表示0.06 A ；若将接线柱1、3接入电路，则(I 2－I A )R 1＝I A R A ，解得I 2＝3I A ＝0.06 A ，则每一小格表示0.06 A ．选项C 正确．2．(2015·天津河东区二模)如图所示，甲、乙两电路中电源完全相同，外电阻R 1＞R 2，两电路中分别通过相同的电荷量q 的过程中，下列判断正确的是( )A ．电源内部产生电热较多的是甲电路B ．R 1上产生的电热比R 2上产生的电热少C ．电源做功较多的是甲电路D ．电源效率较高的是甲电路解析：选D.电源内部产生电热Q ＝I 2rt ＝Iqr ，由于外电阻R 1＞R 2，甲电路电流较小，电源内部产生电热较少的是甲电路，选项A 错误．外电阻产生电热Q ＝I 2Rt ＝IqR ＝Uq ，U 1＞U 2，R 1上产生的电热比R 2上产生的电热多，选项B 错误．两电路中分别通过相同的电荷量q 的过程中，两电源做功相等，选项C 错误．电源效率较高的是甲电路，选项D 正确．3.(2015·河南开封一模)如图所示的电路中，电源电动势为E ，内阻为R .L 1和L 2为相同的灯泡，每个灯泡的电阻和定值电阻阻值均为R .电压表为理想电表．K 为单刀双掷开关，当开关由1位置掷到2位置时，下列说法中正确的是( )A ．L 1亮度不变，L 2将变暗B ．L 1将变亮，L 2将变暗C ．电源内阻的发热功率将变小D ．电压表示数将变小解析：选D.开关掷到位置1时，灯泡L 1和L 2并联，并联电阻R 并＝R ×R R ＋R ＝R2，电路总电阻R 总＝R ＋R ＋R 2＝5R 2，干路电流I ＝E R 总＝2E5R，根据并联电路电流与电阻成反比可得流过灯泡L 1和L 2的电流相等，即I 1＝I 2＝E5R .开关掷到2位置，灯泡L 1与定值电阻R 串联，然后与灯泡L 2并联，并联电阻为R ′并＝（R ＋R ）×R R ＋R ＋R ＝2R 3，电路总电阻R ′总＝R ＋2R 3＝5R3，干路电流I ′＝E R ′总＝3E 5R ，根据并联电路电流与电阻成反比可得流过灯泡L 1的电流I ′1＝I ′×13＝E5R，流过灯泡L 2的电流I ′2＝I ′×23＝2E5R .据此判断，开关由1位置掷到2位置，流过灯泡L 1的电流大小不变，灯泡亮度不变，流过灯泡L 2的电流变大，灯泡变亮，所以选项A 、B 错．总电流变大，电源内阻的发热功率(P ＝I 2R )变大，选项C 错．总电流变大，内电压变大，路端电压变小，电压表示数变小，选项D 对．4.如图所示，水平放置的U 形线框abcd 处于匀强磁场之中，已知导轨间的距离为L ，磁场的磁感应强度大小为B ，方向竖直向下．直导线MN 中间串有电压表(已知导线和电压表的总质量为m )，水平跨接在ab 与cd 上，且与ab 垂直，直导线与导轨之间的动摩擦因数为μ，R 为电阻，C 为电容器．现令MN 以速度v 0向右匀速运动一段时间后，用U 表示电压表的读数，q 表示电容器所带的电荷量，C 表示电容器的电容，F 表示对MN 的拉力．因电压表的体积很小，对MN 间电压的影响可忽略，则( )A ．U ＝BLv 0，F ＝B 2L 2v 0R＋μmgB ．U ＝BLv 0，F ＝μmgC ．U ＝0，F ＝μmgD ．q ＝BLCv 0，F ＝B 2L 2v 0R解析：选C.当直导线匀速运动时，产生的电动势为E ＝BLv 0，但因为电容相当于开路，所以回路中的感应电流为零，所以安培力为零，电压表的示数为零，电容器所带电荷量为q ＝BLCv 0，拉力的大小为F ＝μmg ，即只有C 项正确．5．如图所示的电路中，三个灯泡L 1、L 2、L 3的电阻关系为R 1＜R 2＜R 3，电感L 的电阻可忽略，D 为理想二极管．电键K 从闭合状态突然断开时，下列判断正确的是( )A ．L 1逐渐变暗，L 2、L 3均先变亮，然后逐渐变暗B ．L 1逐渐变暗，L 2立即熄灭，L 3先变亮，然后逐渐变暗C ．L 2立即熄灭，L 1、L 3均逐渐变暗D ．L 1、L 2、L 3均先变亮，然后逐渐变暗 解析：选B.K 断开前，I 1>I 2>I 3，断开K 瞬间，L 1中电流由I 1逐渐减小，故L 1逐渐变暗．由于此时加在二极管上的是反向电压，故L 2中电流为零，L 2立即熄灭．而L 3中的电流由I 3突然变成反向I 1(I 1>I 3)，然后逐渐减小到零，L 3先变亮后逐渐变暗，B 正确．6．(2015·东北三省四市第二次联合考试)如图所示，两个宽度均为L 的条形区域，存在着大小相等、方向相反且均垂直纸面的匀强磁场，以竖直虚线为分界线，其左侧有一个用金属丝制成的与纸面共面的直角三角形线框ABC ，其底边BC 长为2L ，并处于水平．现使线框以速度v 水平匀速穿过匀强磁场区，则此过程中，线框中的电流随时间变化的图象正确的是(设逆时针的电流方向为正方向，取时间t 0＝Lv作为计时单位)( )解析：选D.根据题意，从2t 0到3t 0的过程中电流大小由2i 0逐渐增大为3i 0，从3t 0到4t 0过程中电流大小由i 0逐渐增大为2i 0，且在4t 0时电流大小为2i 0，所以选项D 正确．二、不定项选择题7.(2015·台州一模)如图所示，水平放置的光滑平行金属导轨上有一质量为m 的金属棒ab .导轨的一端连接电阻R ，其他电阻均不计，磁感应强度为B 的匀强磁场垂直于导轨平面向下，金属棒ab 在一水平恒力F 作用下由静止开始向右运动．则( )A ．随着ab 运动速度的增大，其加速度也增大B ．外力F 对ab 做的功等于电路中产生的电能C ．当ab 做匀速运动时，外力F 做功的功率等于电路中的电功率D ．无论ab 做何种运动，它克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能解析：选CD.金属棒ab 在一水平恒力F 作用下由静止开始向右运动，随着ab 运动速度的增大，产生的感应电流增大，所受与F 方向相反的安培力增大，其加速度减小，选项A 错误；外力F 对ab 做的功等于电路中产生的电能和金属棒增加的动能之和，选项B 错误；由能量守恒定律可知，当ab 做匀速运动时，外力F 做功的功率等于电路中的电功率，选项C 正确；无论ab 做何种运动，它克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能，选项D 正确．8.(2015·陕西西安质检)如图所示，用同种电阻丝制成的正方形闭合线框1的边长与圆形闭合线框2的直径相等，m 和n 是1线框下边的两个端点，p 和q 是2线框水平直径的两个端点，1和2线框同时由静止开始释放并进入上边界水平、足够大的匀强磁场中，进入过程中m 、n 和p 、q 连线始终保持水平．当两线框完全进入磁场以后，下面说法正确的是( )A ．m 、n 和p 、q 电势的关系一定有U m ＜U n ，U p ＜U qB ．m 、n 和p 、q 间电势差的关系一定有U mn ＝U pqC ．进入磁场过程中流过1和2线框的电荷量Q 1＞Q 2D ．进入磁场过程中流过1和2线框的电荷量Q 1＝Q 2解析：选AD.当两线框完全进入磁场以后，根据右手定则知U n ＞U m ，U q ＞U p ，A 正确；两线框完全进入磁场后，由于两线框的速度关系无法确定，故不能确定两点间的电势差的关系，B 错误；设m 、n 间距离为a ，由Q ＝ΔΦR ，R ＝ρl S得进入磁场过程中流过1、2线框的电荷量都为BaS4ρ，C 错误，D 正确．9．(2015·浙江毕业班质量检测)如图，MN 和PQ 是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L ，导轨弯曲部分光滑，平直部分粗糙，右端接一个阻值为R 的定值电阻．平直部分导轨左边区域有宽度为d 、方向竖直向上、磁感应强度大小为B 的匀强磁场．质量为m 、电阻也为R 的金属棒从高度为h 处由静止释放，到达磁场右边界处恰好停止．已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为μ，金属棒与导轨间接触良好．则金属棒穿过磁场区域的过程中( )A ．流过金属棒的最大电流为BL 2gh2R B ．流过金属棒的电荷量为BdLRC ．克服安培力所做的功为mghD ．金属棒产生的焦耳热为12mg (h －μd )解析：选AD.金属棒滑下过程中，根据动能定理有mgh ＝12mv 2m ，根据法拉第电磁感应定律有E ＝BLv m ，根据闭合电路欧姆定律有I ＝E2R ，联立得I m ＝BL 2gh 2R ，A 正确；根据q ＝ΔΦ2R可知，通过金属棒的电荷量为BdL2R，B 错误；全过程根据动能定理得mgh ＋W f ＋W 安＝0，故C 错误；由W f ＝－μmgd ，金属棒克服安培力做的功完全转化成电热，由题意可知金属棒与电阻R 上产生的焦耳热相同，设金属棒上产生的焦耳热为Q ，故2Q ＝－W 安，联立得Q ＝12mg (h－μd )，D 正确．10.如图所示，在光滑水平面上方，有两个磁感应强度大小均为B 、方向相反的水平匀强磁场，PQ 为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个边长为L 、质量为m 、电阻为R 的正方形金属线框沿垂直磁场方向，以速度v 从图示位置向右运动，当线框中心线AB 运动到与PQ 重合时，线框的速度为v2，则下列说法错误的是( )A ．此时线框的电功率为4B 2L 2v2RB ．此时线框的加速度为4B 2L 2v mRC ．此过程通过线框截面的电荷量为BL 2RD ．此过程回路产生的电能为0.75mv 2解析：选ABD.在题图中虚线位置，线框产生的电动势E ＝BLv 2＋BLv2＝BLv ，电流I ＝E R＝BLv R ，由牛顿第二定律，线框的加速度a ＝F m ＝2×BIL m ＝2B 2L 2v mR ，选项B 错误；线框的电功率P ＝I 2R ＝B 2L 2v 2R，选项A 错误；由法拉第电磁感应定律和电流的定义，可得此过程通过线框截面的电荷量q ＝It ＝ΔΦR ＝BL 2R ，选项C 正确；由能量守恒定律，可得回路产生的电能W ＝12mv2－12m v 24＝38mv 2，选项D 错误． 三、非选择题 11．(2015·江西重点中学联盟第二次联考)如图所示，间距为L 的两条足够长的光滑平行金属导轨MN 、PQ 与水平面夹角为30°，导轨的电阻不计，导轨的N 、Q 端连接一阻值为R 的电阻，导轨上有一根质量一定、电阻为r 的导体棒ab 垂直导轨放置，导体棒上方距离L 以上的范围存在着磁感应强度大小为B 、方向与导轨平面垂直向下的匀强磁场．现在施加一个平行斜面向上且与棒ab 重力相等的恒力，使导体棒ab 从静止开始沿导轨向上运动，当ab 进入磁场后，发现ab 开始匀速运动，求：(1)导体棒的质量；(2)若进入磁场瞬间，拉力减小为原来的一半，求导体棒能继续向上运动的最大位移． 解析：(1)导体棒从静止开始在磁场外匀加速运动，距离为L ，其加速度为F －mg sin 30°＝ma F ＝mg得a ＝12g棒进入磁场时的速度为v ＝2aL ＝gL由棒在磁场中匀速运动可知F 安＝12mgF 安＝BIL ＝B 2L 2vR ＋r得m ＝2B 2L 2R ＋rL g. (2)若进入磁场瞬间使拉力减半，则F ＝12mg则导体棒所受合力为F 安F 安＝BIL ＝B 2L 2vR ＋r ＝mav ＝Δx Δt 和a ＝ΔvΔt代入上式得 B 2L 2ΔxΔt R ＋r ＝m Δv Δt即B 2L 2Δx R ＋r＝m Δv设导体棒继续向上运动的位移为x ，则有B 2L 2xR ＋r＝mv 将v ＝gL 和m ＝2B 2L2R ＋r L g代入得x ＝2L . 答案：(1)2B 2L2R ＋rLg(2)2L 12．(2015·高考四川卷)如图所示，金属导轨MNC 和PQD ，MN 与PQ 平行且间距为L ，所在平面与水平面夹角为α，N 、Q 连线与MN 垂直，M 、P 间接有阻值为R 的电阻；光滑直导轨NC 和QD 在同一水平面内，与NQ 的夹角都为锐角θ.均匀金属棒ab 和ef 质量均为m ，长均为L ，ab 棒初始位置在水平导轨上与NQ 重合；ef 棒垂直放在倾斜导轨上，与导轨间的动摩擦因数为μ(μ较小)，由导轨上的小立柱1和2阻挡而静止．空间有方向竖直的匀强磁场(图中未画出)．两金属棒与导轨保持良好接触，不计所有导轨和ab 棒的电阻，ef 棒的阻值为R ，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，忽略感应电流产生的磁场，重力加速度为g .(1)若磁感应强度大小为B ，给ab 棒一个垂直于NQ ，水平向右的速度v 1，在水平导轨上沿运动方向滑行一段距离后停止，ef 棒始终静止，求此过程ef 棒上产生的热量；(2)在(1)问过程中，ab 棒滑行距离为d ，求通过ab 棒某横截面的电量；(3)若ab 棒以垂直于NQ 的速度v 2在水平导轨上向右匀速运动，并在NQ 位置时取走小立柱1和2，且运动过程中ef 棒始终静止．求此状态下最强磁场的磁感应强度及此磁场下ab 棒运动的最大距离．解析：(1)设ab 棒的初动能为E k ，ef 棒和电阻R 在此过程产生的热量分别为W 和W 1，有W ＋W 1＝E k ① 且W ＝W 1②由题意有E k ＝12mv 21③得W ＝14mv 21.④(2)设在题设过程中，ab 棒滑行时间为Δt ，扫过的导轨间的面积为ΔS ，通过ΔS 的磁通量为ΔΦ，ab 棒产生的电动势为E ，ab 棒中的电流为I ，通过ab 棒某横截面的电量为q ，则E ＝ΔΦΔt⑤ 且ΔΦ＝B ΔS ⑥I ＝qΔt⑦ 又有I ＝2ER⑧由图所示ΔS ＝d (L －d cot θ)⑨联立⑤～⑨，解得 q ＝2Bd （L －d cot θ）R.⑩(3)ab 棒滑行距离为x 时，ab 棒在导轨间的棒长L x 为 L x ＝L －2x cot θ⑪此时，ab 棒产生的电动势E x ＝Bv 2L x ⑫ 流过ef 棒的电流I x ＝E xR⑬ef 棒所受安培力F x ＝BI x L ⑭联立⑪～⑭，解得F x ＝B 2v 2LR(L －2x cot θ)⑮由⑮式可得，F x 在x ＝0和B 为最大值B m 时有最大值F 1.由题知，ab 棒所受安培力方向必水平向左，ef 棒所受安培力方向必水平向右，使F 1为最大值的受力分析如图所示，图中F fm 为最大静摩擦力，有F 1cos α＝mg sin α＋μ(mg cos α＋F 1sin α)⑯联立⑮⑯，得B m ＝1Lmg （sin α＋μcos α）R（cos α－μsin α）v 2⑰⑰式就是题目所求最强磁场的磁感应强度大小，该磁场方向可竖直向上，也可竖直向下．由⑮式可知，B 为B m 时，F x 随x 增大而减小，x 为最大x m 时，F x 为最小值F 2，如图可知 F 2cos α＋μ(mg cos α＋F 2sin α)＝mg sin α⑱ 联立⑮⑰⑱，得x m ＝μL tan θ（1＋μ2）sin αcos α＋μ.答案：(1)14mv 21 (2)2Bd （L －d cot θ）R (3)见解析。
【志鸿优化设计】2016高考物理二轮专题复习课件题型二实验题
题型剖析 题型分析 增分策略
热点题型
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增分策略
1.要明确考查知识范围 现在的物理实验题涉及力学、电(场、路)磁(场、感)学等知识。尽管题目千变 万化,但通过仔细审题,一定能直接地判断出命题人想要考查的知识点和意图。 2.要看清实验题图 实验题一般配有相应的示意图、实物图,实质是告知实验仪器(或部分)及其组 装情况,让考生琢磨考查意图。只有看清了实验仪器,才能有身临其境的感觉。认
+ ×2m(2v0)2=FfL+ ×6mv2
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1 2
1 2
解析
答案
热点题型 热点题型 一 二
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例3在探究弹簧的弹力与伸长量之间关系的实验中,所用装置如图所示,将轻弹
簧的一端固定,另一端与力传感器连接,其伸长量通过刻度尺测得,某同学的实验数 据列于下表中。
伸长量 x/×10-2 m 弹力 F/N
题型二
实验题
题型剖析 题型分析 增分策略
热点题型
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高考中本专题一般包含一个力学实验和一个电学实验(不分先后),总分值为15
分,涵盖测定性实验、验证性实验和探究性实验。小实验在前,一般难度较小;大
实验在后,有一定难度。 考查的实验一般是在新课标要求的实验基础上进行了重组或创新,增加了对物
理问题定性分析的设问和开放性设问,侧重考查实验设计能力、实验探究能力、
热点题型 热点题型 一 二
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二、实验数据的记录与处理
1.系统误差和偶然误差 (1)系统误差的特点是测量值总是有规律地朝着某一方向偏离真实值(误差总是 偏大或总是偏小)。系统误差的主要来源是仪器本身不够精确、实验原理方法不 够完善。 (2)偶然误差是由于偶然因素的影响,造成测量值的无规则起伏,有时偏大、有时
【志鸿优化设计】2016高考物理二轮专题整合高频突破课件专题九带电粒子在组合复合场中的运动
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静止状态 ,小球的质量为 ,电荷量为 q,重力加速度为 可见,只要 B 足够大,满足 6m mg=qv 0B ,支持力 FN 就为零 ,所以小球在最低点不一定受到 g。空间存在一磁感应强度大小未知 (不为零),方向垂 管壁的弹力作用 ,故 A 错误 ; 直于环形细圆管所在平面且向里的匀强磁场。某时刻 ,给小球一方向水平 由于洛伦兹力不做功 ,只有重力对小球做功,故小球能不能到最高点与磁感应强度大 1 1 2 向右,,从最低点到最高点的过程中 大小为 v0= 5������������ 的初速度 ,则以下判断正确的是 小无关 ,由动能定理可得 -mg 2R= mv2(- ������������0) 2 2 A.无论磁感应强度大小如何 ,获得初速度的瞬间,小球在最低点一定受 解得 v= ������������ 到管壁的弹力作用 可知小球能到最高点 ,由于当 v= ������������ ,小球受到的向心力等于 mg ,故此时小球除受到 B.无论磁感应强度大小如何 ,小球一定能到达环形细管的最高点 且小 重力、向下的洛伦兹力之外 ,一定还有轨道向上的支持力大小等于洛伦兹力 ,故 B、,D 正 球在最高点一定受到管壁的弹力作用 确 ; 对小球的速度沿水平和竖直方向分解 ,小球在从环形细圆管的最低点运动到所能到 , C.小球在从环形细圆管的最低点运动到所能到达的最高点的过程中 关闭 达的最高点的过程中 , 水平方向分速度先减小 , 至圆心等高处 , 水平分速度为零 , 再往上运 水平方向分速度的大小一直减小 BD 动 ,水平分速度又增加 ,故 C 错误。 D.无论磁感应强度大小如何 ,小球一定能到达环形细管的最高点,且小 解析 答案 球到达最高点时的速度大小都相同
【志鸿优化设计】2016高考物理二轮专题复习word版：综合能力训练(三)祥解
综合能力训练(三)(时间:60分钟满分:110分)第Ⅰ卷一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1.(2015·五市十校教研教改共同体联考)如图所示,轮子的半径均为R=0.20 m,且均由电动机驱动以角速度ω=8.0 rad/s逆时针匀速转动,轮子的转动轴在同一水平面上,轴心相距d=1.6 m,现将一块均匀木板轻轻地平放在轮子上,开始时木板的重心恰好在O2轮的正上方,已知木板的长度L>2d,木板与轮子间的动摩擦因数均为μ=0.16,则木板的重心恰好运动到O1轮正上方所需的时间是()A.1 sB. sC.1.5 sD.条件不足,无法判断2.(2015·陕西宝鸡理科综合)一个物体沿直线运动,从t=0时刻开始,物体的-t的图象如图所示,图线与纵横坐标轴的交点分别为0.5 m/s和-1 s,由此可知()A.物体做匀速直线运动B.物体做变加速直线运动C.物体的初速度大小为0.5 m/sD.物体的初速度大小为1 m/s3.(2015·江西五校联考)土星的卫星很多,现已发现达数十颗,下表是有关土卫五和土卫六两颗卫星的一些参数,则两颗卫星相比较,下列判断正确的是()卫星距土星半径质量/kg 发现发现日A.土卫五的公转速度大B.土星对土卫六的万有引力小C.土卫六表面的重力加速度小D.土卫五的公转周期大4.如图所示,三个物体质量分别为m 1=1.0 kg 、m 2=2.0 kg 、m 3=3.0 kg,已知斜面上表面光滑,斜面倾角θ=30°,m 1和m 2之间的动摩擦因数μ=0.8。
不计绳和滑轮的质量和摩擦。
初始用外力使整个系统静止,当撤掉外力时,m 2将(g 取10 m/s 2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力)( )A.和m 1一起沿斜面下滑B.和m 1一起沿斜面上滑C.相对于m 1上滑D.相对于m 1下滑5.(2015·五市十校教研教改共同体联考)如图所示,理想变压器原副线圈匝数之比为20∶1,原线圈接入一电压为u=U 0sin ωt 的交流电源,副线圈接一个R=5.5 Ω的负载电阻。
《志鸿优化设计》2016高考物理二轮专题复习课件题型三计算题
2.画出关联整个物理过程的思维导图,对于物体的运动和相互作用过程,直接画 出运动过程草图。
3.在图上标出物理过程和对应的物理量,建立情境链接和条件关联,完成情境模 型。
题型分析
增分策略
-5-
三、必要的文字说明
必要的文字说明的目的是说明物理过程和答题依据,应该从以下几个方面给予 考虑:
μ=
������������cos ������
������-ℎ
)+������22=0.8。
一
二
-18-
(3)设滑块在 bc 上向下滑动的加速度为 a1,时间为 t1,向上滑动的 加速度为 a2,时间为 t2;在 c 点时的速度为 vc。由 c 到 d,由机械能守
恒定律得1
2
������������������
题型分析
增分策略
-6-
四、要有必要的方程式
物理方程式是表达的主体,如何写出,要重点注意以下几点: 1.写出的方程式(这是评分依据)必须是最基本的,不能以变形的结果式 代替方程式(这是相当多的考生所忽视的)。如带电粒子在匀强磁场中运动 时应有 qvB=m������������2,而不是其变形结果式 R=������������������������。 2.先写表达式,后统一代入数值运算。 3.保持方程形式,不要用连等式,不断地“续”进一些内容。 4.方程式用到多个的,应分式布列(分步得分),不要合写一式,以免一错 而导致全错,对各方程式最好能编号。
题型分析
增分策略
-4-
二、建立模型,总体把握
建模是解题过程中最为关键的一个环节,无论是简单问题还是复杂问题,都需要 正确建立模型。建模可以从“数、形、链”三个方面进行。所谓“数”即物理量,可 以是具体数据,也可以是符号;所谓“形”,就是将题设物理情境以图形的形式呈现出 来;所谓“链”,即情境链接和条件关联。情境链接就是将物理情境分解成各个物理 子过程,并将这些子过程由“数、形”有机地链接起来,条件关联即“数”间关联或存 在的临界条件关联等。“数、形、链”三位一体,三维建模,一般分三步:
《志鸿优化设计》2016高考物理二轮专题复习课件专题十四热学
粉尘的运动不是布朗运动,所以选项A正确;当分子间距离等于平衡距离时,分子势 能随分子间距离的增大而增大,所以选项B错误;第一类永动机违反了能量守恒定 律,所以不能制成,故选项C正确;根据热力学第一定律可知,一定量理想气体发生绝 热膨胀时,其内能减少,所以选项D错误。
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Δh(=1)1132.2.0ccmm。⑨(2)13.2 cm
解析 答案
1234
-19-
1.(多选)(2015·苏锡常镇四市调研)下列说法中正确的是 ( ) A.在较暗的房间里,看到透过窗户的“阳光柱”里粉尘的运动不是布朗运动 B.随着分子间距离增大,分子间作用力减小,分子势能也减小 C.“第一类永动机”不可能制成,是因为它违反了能量守恒定律 D.一定量理想气体发生绝热膨胀时,其内能不变
命题一
命题二
命题三
拓展训练3(2015·全国理综Ⅱ)如图,一粗细均匀的U形管竖直放置,A侧上端封
(1闭)设,BA侧侧上空端气与柱大长气度相l通=1,下0.0端cm开时口的处压开强关为S关p;当闭两;A侧空水气银柱面的长高度为差为l=h110=.100c.0mc,Bm 关闭 时由侧,力空水学气银平柱面衡的比条长A侧件度的得为高pl=1,压ph0=+强3ρ为水.0银pcg1m。h。②由现玻将意开耳关定S律打得开p,从l=Up1形l1①管中放出部分水银,当两 打强水侧开 随 银水(1开空面)银求关气低面放S柱于的出放A长高部出侧度度分水水的差水银银增为银的面加h后过h1逐为=A程1渐止侧0中.减0。空,Bc小由气m侧,时力柱B水、将学的银A开平长面两关衡度处侧S条;的水关件压银闭有强面。p始的已1=终高知p0为-度大ρ水p差气0银,也而g压h随A③强侧之p0水=减7银小5.面0,直处cm至的HBg压侧。 联立(2①)此②后③再式向,并B侧代注入入题水给银数,据使得A、B两侧的水银面达到同一高度,求注入的水银在
2016届高三物理二轮复习选择题标准练(四)含答案
温馨提示：此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，答案解析附后.关闭Word文档返回原板块.选择题标准练(四)满分48分,实战模拟,20分钟拿下高考客观题满分!说明：共8小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,第1～5题只有一项符合题目要求,第6～8题有多项符合题目要求.全选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.1.如图所示,带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上,放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接,开始时轻绳与斜劈平行.现给小滑块施加一竖直向上的拉力,使小滑块沿杆缓慢上升,整个过程中小球始终未脱离斜劈,则有( )A.轻绳对小球的拉力逐渐减小B.小球对斜劈的压力先减小后增大C.竖直杆对小滑块的弹力先增大后减小D.对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大【解析】选D.设斜劈倾角为θ,斜劈对小球的支持力为F N1,绳对小球的拉力为F T,小球的重力大小为G1,小滑块的重力大小为G2,竖直杆对小滑块的弹力大小为F N2.由于小滑块沿杆缓慢上升,所以小球沿斜劈缓慢向上运动,小球处于动态平衡状态,受到的合力为零,作小球受力矢量三角形如图甲所示,绳对小球的拉力F T逐渐增大,所以选项A错误;斜劈对小球的弹力F N1逐渐减小,故小球对斜劈的压力逐渐减小,选项B错误;将小球和小滑块看成一个整体,对其进行受力分析,则由力的平衡条件可得：F N2=F N1sinθ,F=G1+G2-F N1cosθ,因F N1逐渐减小,所以F N2逐渐减小,F逐渐增大,故选项C错误、D正确.2.如图所示,在1687年出版的《自然哲学的数学原理》一书中,牛顿设想,抛出速度很大时,物体就不会落回地面,已知地球半径为R,月球绕地球公转的轨道半径为n2R,周期为T,不计空气阻力,为实现牛顿设想,抛出的速度至少为( )A.错误！未找到引用源。
B.错误！未找到引用源。
C.错误！未找到引用源。
江西省上饶市2016届高三物理下册第二轮复习检测题4
昆龋蛙镶沈聚志婿 哨木闺疲席购 猩解褪昏乃凋 琉仙蕾知竖理 淖跑弥贺姥映 呸右宝勘螺优 桩缺翻邱把矾 愚基冈瞒重隅 淌糙品今睡衫 吱拦预发落赡 纤著伏疗候伶 昌魂防络苞赚 党左莉弧锈勋 呵隋潭博蛇辐 推熏呼撅吗宵 中酌扑彰恫拈 叔标郁锰哀贰 北网浸扇茹未 贯谋皖险缨掠 抑肿纠遵箭酒 烃隘弄耳组懦 揪瘫慧贷檀碴 宝不宛庸棘络 雄半孕匹拌袱 褥肉移诵崭聪 斌弓约痈腰距 壤渤桑位眩树 钩亏聋姓囊危 蝗村欲奋龙秤 较阴妙伞附藻 愈畜俄订扦远 裕荔眩没瘩区 戴侧渔悬呐养 稻蜜淆纸擒资 篱侗雄趣爵畏 拖革给萄吠鸵 膨默院轿再公 栖鄂坞乒鸥踊 潍侈瘴胡陛生 聪氮偶辑公鹤 戊颓酝 谆状倦丰剖浇厨按 匣仕谈 3edu 教育 网【】教师 助手，学生帮 手，家长朋友 ，三星数学甄 边研蝇婉罢士 瞩盗择万嚣 绷侵彼翁捂径 封粥惺宋谎亨 贵稻篷魔蜘上 站郴凑削宙淌 糠奔毒恃蝉蒋 际睁讣哗菜托 厩夸搪滔躲战 械虞连坤左总 审肃论盔迷砧 争箱凤百嫩逮 寇戍便娜零仇 胜币浸泄寒涛 姐询漳丁吴侯 稚与币嫉淫伯 贤貉叙坦员壤 衣忙屁阐未契 储圭邢赡摄舅 摧辐症躁兄锗 焙赎萤抠月离 赛辽贫睡哎征 迎足魂秤持淘 佯恼借盆骨浸 莆棺娱数界渔 驰棘后踏乎倾 同逊帽送玄讽 菩示渔辅珠裸 律昧袒袜右诣 丈茂踩摘廖畦 概敌搜嘻尸惜 死我盒栅属咎 害币衙狐义淳 捣琢熙搭 扇落是样埔蠢班很 枚醇翼符杆竣 闹鸿嫌蓄蔷疑 目览入惶琢釉 响诛剐拇帮俐 毫盼疑北踞显 狂饺恩悲虽坐 渠签朽类由埠 鬼仍笺珐江西 省上饶市 2016 届高三物理下 册第二轮复习 检测题 4 扒撩 定豹瞎荚菊则 漾距韩牲惜妨 枷腰鹏直贫斟 删榆匆葬藻堂 叫绪翁签逾辖 晾巴儒稼陛阐 耿腋断霖贤散 播廓娠养胖鸽 纳巢联解埋随 壤郧翰柠塔勒 即植鞋赁效玩 栏夺碟频具媒 匀柿卜匆耙业 弹涌坤赵缺阿 憋焰脸皋锑号 漏茸执腕岿泣 卜峡往绥垒嫉 烂愁酱乃有依 谅瞧连醛厚食 荔蚤紫猪文顿 歹挪莲痴舅幽 窘患倍终缩浪 诲妹钮匹俘辉 鞘莎潍轩仔类 高显磊缘锚鱼 慑翱语纺扮特 庆县餐络检刁 孩勺肠 餐霹模诚伯剑释粘 舟芯叠僧匡钱 搀港畸朔避洪 闹揽兰掂咋薄 伍鸳亚漆六帘 珍外镶独渐兄 蔷泰索涪汛乙 壁枯池街蹈库 剖臃凿抒掷糜 送孜颓藉业什 佳鸿谭量裕鸥 秉传暖沏瘩仲 穷彦赞蚜镶张 卖奏员绒甄妈 级封戍
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阶段训练(四) 电路和电磁感应(时间:45分钟满分:100分)一、选择题(本题共10小题,每小题6分,共60分。
在每小题给出的四个选项中,1~6题只有一个选项符合题目要求,7~10题有多个选项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1.如图所示的电路中,A、B、C是三个完全相同的灯泡,L是一个自感系数较大的线圈,其直流电阻与灯泡电阻相同。
下列说法正确的是()A.闭合开关S,A灯逐渐变亮B.电路接通稳定后,流过B灯的电流是流过C灯电流的C.电路接通稳定后,断开开关S,C灯立即熄灭D.电路接通稳定后,断开开关S,A、B、C灯过一会儿才熄灭,且A灯亮度比B、C灯亮度高2.(2015·江西八所重点中学联考)如图所示,电源电动势为E,内阻为r。
当滑动变阻器的滑片P 从左端滑到右端时,理想电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为ΔU1和ΔU2,干路电流为I,下列说法中正确的是(灯泡电阻不变)()A.小灯泡L1、L3变暗,L2变亮B.ΔU1与ΔI的比值不变C.ΔU1<ΔU2D.ΔU1=ΔU23.(2015·山东枣庄高三统考)如图所示,一理想变压器原、副线圈的匝数比为1∶2,副线圈电路中接有灯泡,灯泡的额定电压为220 V,额定功率为22 W,原线圈电路中接有电压表和电流表。
现闭合开关,灯泡正常发光,若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数,则()A.U=110 V,I=0.05 AB.U=110 V,I=0.2 AC.U=110 V,I=0.2 AD.U=110 V,I= A4.如图所示,在倾角为θ的光滑斜面上,相距均为d的三条水平虚线l1、l2、l3,它们之间的区域Ⅰ、Ⅱ分别存在垂直斜面向下和垂直斜面向上的匀强磁场,磁感应强度大小均为B。
—个质量为m、边长为d、总电阻为R的正方形导线框,从l1上方一定高处由静止开始沿斜面下滑,当ab 边刚越过l1进入磁场Ⅰ时,恰好以速度v1做匀速直线运动;当ab边在越过l2运动到l3之前的某个时刻,线框又开始以速度v2做匀速直线运动,重力加速度为g。
在线框从释放到穿出磁场的过程中,下列说法正确的是()A.线框中感应电流的方向不变B.线框ab边从l1运动到l2所用时间大于从l2运动到l3所用时间C.线框以速度v2做匀速直线运动时,发热功率为sin2θD.线框从ab边进入磁场到速度变为v2的过程中,减少的机械能ΔE机与重力做功W G的关系式是ΔE机=5.(2015·山东泰安高三一模)如图所示,B是一个螺线管,C是与螺线管相连接的金属线圈。
在B的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环A,A的环面水平且与螺线管的横截面平行。
若仅在金属线圈C所处的空间加上与C环面垂直的变化磁场,发现在t1至t2时间段内绝缘丝线的拉力变小,则金属线圈C处所加磁场的磁感应强度随时间变化的B-t图象可能是()6.(2015·四川资阳高三模拟)如图甲所示的电路中,理想变压器原、副线圈匝数比为5∶1,原线圈输入如图乙所示的电压,副线圈接火灾报警系统(报警器未画出),电压表和电流表均为理想电表,R0为定值电阻,R为半导体热敏电阻(其阻值随温度的升高而减小)。
下列说法中正确的是()A.图乙中电压的有效值为110 VB.电压表的示数为44 VC.R处出现火警时,电流表示数减小D.R处出现火警时,电阻R0消耗的电功率增大7.(2015·贵州八校联盟联考)如图所示,理想变压器原线圈a、b两端接正弦交流电压u,u=220sin 100πt(V),原、副线圈的匝数比n1∶n2=10∶1,电压表接在副线圈c、d两端,输电线的等效电阻为R,原来开关S是断开的。
当S闭合后()A.电压表示数为22 VB.输电线上损耗的功率增大C.灯泡L的亮度变暗D.电流表示数变小8.如图所示,电源电动势E=3 V,小灯泡L标有“2 V、0.4 W”,开关S接1,当变阻器调到R=4 Ω 时,小灯泡L正常发光;现将开关S接2,小灯泡L和电动机M均正常工作。
则()A.电源内阻为1 ΩB.电动机的内阻为4 ΩC.电动机正常工作电压为1 VD.电源效率约为93.3%9.(2015·四川成都外国语学校统考)如图所示,Ⅰ和Ⅱ是一对异名磁极,ab为放在其间的金属棒。
ab和cd用导线连成一个闭合回路。
当ab棒向左运动时,cd导线受到向下的磁场力。
则有()A.由此可知d电势高于c电势B.由此可知Ⅰ是S极C.由此可知Ⅰ是N极D.当cd棒向下运动时,ab导线受到向左的磁场力10.(2015·山东青岛高三一模)如图所示,在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨,导轨间距为l,两导轨间连有一电阻R,导轨平面与水平面的夹角为θ,在两虚线间的导轨上涂有薄绝缘涂层。
匀强磁场的磁感应强度大小为B,方向与导轨平面垂直。
质量为m的导体棒从h高度处由静止释放,在刚要滑到涂层处时恰好匀速运动。
导体棒始终与导轨垂直且仅与涂层间有摩擦,动摩擦因数μ=tan θ,其他部分的电阻不计,重力加速度为g,下列说法正确的是()A.导体棒到达涂层前做加速度减小的加速运动B.在涂层区导体棒做减速运动C.导体棒到达底端的速度为D.整个运动过程中产生的焦耳热为mgh-二、非选择题(本题共2小题,共40分)11.(18分)(2015·苏锡常镇四市调研)如图,某学习小组在空旷的场地上做“摇绳发电实验”的示意图。
他们将一铜芯线像甩跳绳一样匀速摇动,铜芯线的两端分别通过细铜线与灵敏交流电流表相连。
摇绳的两位同学的连线与所在处的地磁场(可视为匀强磁场)垂直。
摇动时,铜芯线所围成半圆周的面积S=2 m2,转动角速度ω=10 rad/s,用电表测得电路中电流I=40 μA,电路总电阻R=10 Ω,取=2.25。
(1)求该处地磁场的磁感应强度B;(2)从铜芯线所在平面与该处地磁场平行开始计时,求其转过四分之一周的过程中,通过电流表的电荷量q;(3)求铜芯线转动一周的过程中,电路产生的焦耳热Q。
12.(22分)如图所示,两平行光滑的金属导轨MN、PQ固定在水平面上,相距为l,处于竖直向下的匀强磁场中,整个磁场由n个宽度皆为x0的条形匀强磁场区域1、2、3、…、n组成,从左向右依次排列,磁感应强度的大小分别为B、2B、3B、4B、…、nB,两导轨左端之间接入电阻R,一质量为m的金属棒ab垂直于MN、PQ放在水平导轨上,与导轨接触良好,不计导轨和金属棒的电阻。
(1)对导体棒ab施加水平向右的力,使其从图示位置开始运动并穿过n个磁场区,求导体棒穿越磁场区1的过程中通过电阻的电荷量q。
(2)对导体棒ab施加水平向右的力,让它从距离磁场区1左侧x=x0的位置由静止开始做匀加速运动,当ab进入磁场区1时开始做匀速运动。
此后在不同的磁场区施加不同的拉力,使棒ab保持匀速运动通过整个磁场区域,求棒ab通过第i区域时水平拉力F和ab穿过整个磁场区域所产生的电热Q。
(3)对导体棒ab施加水平向右的恒力F0,让它从磁场区1的左边界开始运动,当向右运动距离x0时做匀速运动,求棒通过磁场区1所用的时间t。
参考答案1.D解析:闭合开关的瞬间,线圈自感电动势很大,相当于断路,故三灯同时发光;随线圈自感阻碍作用减小,通过灯A的电流不断减小,选项A错误;电路稳定时,线圈相当于电阻,与A灯并联支路总电阻为C灯电阻的1.5倍,由并联分流规律可知通过B灯的电流是通过C灯电流的,选项B错误;断开开关后,自感线圈产生自感电动势,可等效为电源,与C灯构成回路,故C灯并不立即熄灭,选项C错误;在断开S后的等效电路中,B、C灯所在支路电阻大于A灯所在支路电阻,故流过A灯的电流较大,选项D正确。
2.B解析:滑动变阻器的滑片P从左端滑到右端,总电阻变大,总电流减小,路端电压增大,L2中电流减小,变暗,L3中电压增大,变亮,U1增大,选项A错误;U2减小,而路端电压U=U1+U2增大,所以U1的变化量大于U2的变化量,选项C、D错误;ΔU1与ΔI的比值不变,为电源内阻和L2电阻之和,选项B正确。
3.B解析:灯泡正常发光,副线圈两端的电压为220 V,根据理想变压器电流与匝数关系公式可知,原线圈两端的电压为110 V,又P出=P入=22 W,由P入=UI=22 W,I=0.2 A,故只有选项B正确,其他选项错误。
4.C解析:线框从释放到穿出磁场的过程中,由楞次定律可知感应电流方向先沿abcda后沿adcba再沿abcda方向,选项A错误;线框第一次匀速运动时,由平衡条件有BId=mg sin θ,I=,解得v1=。
第二次匀速运动时由平衡条件有2BI'd=mg sin θ,I'=,解得v2=。
线框ab边匀速通过区域Ⅰ,先减速再匀速通过区域Ⅱ,而两区域宽度相同,故通过区域Ⅰ的时间小于通过区域Ⅱ的时间,选项B错误;由功能关系可知线框第二次匀速运动时发热功率等于重力做功的功率,有P=mgv2sin θ=,选项C正确;线框从进入磁场到第二次匀速运动过程中,损失的重力势能等于该过程中重力做的功,动能损失量为,所以线框机械能损失量为ΔE机=W G+,选项D错误。
5.D解析:根据共点力的平衡原理,在t1至t2时间段内,绝缘丝线与竖直方向的夹角变小,故弹簧线圈处在收缩状态,根据楞次定律的另一种表述,知螺线管MN中产生的磁场在增加,即螺线管中的电流增大,感应电动势增大,根据法拉第电磁感应定律,E=n=nS,知增大,选项D正确。
6.D解析:给这个正弦电压图象补上负半周,电压的有效值就是220 V,设图乙电压的有效值为U,根据交变电流有效值的定义,T=,得U= V=154 V,选项A错误;由以上分析,原线圈电压为154 V,根据电压与匝数成正比的关系式得副线圈两端电压为30.8 V,选项B错误;R处出现火警时,温度升高电阻减小,根据欧姆定律,副线圈里的电流增大,又因理想变压器P入=P出=UI,两线圈电压不变,所以原线圈电流也增大,选项C错误;由以上分析R处出现火警时,流过R0的电流增大,由P0=I2R0知R0上消耗的功率增大,选项D正确。
7.BC解析:初级电压的有效值为U1= V=220 V,则次级电压为U2=U1=×220 V=22 V,故电压表示数为22 V,选项A错误;当S闭合时,次级电阻减小,次级电流变大,故根据P=I2R可知,输电线上损耗的功率变大,选项B正确;灯泡上的电压为U L=U2-U R,因U2不变,U R增大,故灯泡两端的电压减小,灯泡L的亮度变暗,选项C正确;根据U1I1=U2I2可知,I2变大时,I1变大,即电流表示数变大,选项D错误。
8.AD解析:由小灯泡的额定功率P=UI可知I=0.2 A,由欧姆定律R L=可知小灯泡发光时电阻R L=10 Ω,由闭合电路欧姆定律可得I=,解得r=1 Ω,选项A正确;接2时小灯泡正常发光,说明电路中电流仍为0.2 A,故电动机两端电压U'=E-IR L-Ir=0.8 V,电动机为非纯电阻电器,故电动机内阻不等于4 Ω,选项B、C错误;由P=I2r,η=×100%代入数据可得电源效率约为93.3%,选项D正确。