轨迹法在最值问题中的应用
例谈求线段最值的方法

例谈求线段最值的方法几何最值问题属于中考题中的热点问题,也是难点问题,其中,求线段的最值问题是近年常见的题型.下面结合一些实例谈谈解决此类问题的方法.一、轨迹法对于线段最小值问题,若线段的一个端点是定点,另一个端点是动点,可以考虑轨迹法,即考虑动点的轨迹.若动点的轨迹是一条直线,可以用“垂线段最短”原理解决;若动点的轨迹是圆(或一段圆弧),可以用“圆最值模型”解决.圆最值模型如图1, P是⊙O外的一点,直线PO分别交⊙O于点,A B,则PA是点P到⊙O上的点的最短距离, PB是点P到⊙O上的点的最长距离.PC OC.证明如图1,在⊙O是任取一点C(不为,A B),连结,Q,<+=+=+,P O P C O C P O P A O A P A O C∴<,P A P C即PA是点P到⊙?O上的点的最短距离.PD OD.如图2,在⊙O是任取一点D(不为,A B) ,连接,Q,+>=+=+,PO OD PD PB PO OB PO OD∴>,PB PD即PB是点P到⊙O上的点的最长距离.例1 (2016年无锡市中考题)如图3,已知平行四边形OABC的顶点,A C分别在直线x=上,O是坐标原点,则对角线OB长的最小值为.x=和41解析 如图3,设直线1x =和x 轴交于点E .作BF ⊥直线4x =点F ,因为平行四边形OABC ,所以OA 和BC 平行且相等,可得AOE ∆和CBF ∆全等,所以OE BF =,可得点B 的轨迹是直线5x =.当点B 在x 轴上时,OB ⊥直线5x =,此时OB 最小,最小值为5.例2 (2016年安徽省中考题)如图4,Rt ABC ∆中,,6,4,AB BC AB BC P ⊥==是ABC ∆内部的一个动点,且满足PAB PBC ∠=∠,则线段CP 长的最小值为( )(A) 32 (B) 2 (c)解析 根据PAB PBC ∠=∠,可得90APB ∠=︒,故点P 在以AB 为直径的圆上(如图4).取AB 的中点,O OC 交⊙O 于点P ,根据圆最值模型知此时CP 最小.13,52OP AB OC ===Q , 所以CP 的最小值为532OC OP -=-=, 选B.二、构造法对于线段最大值问题,若线段的一个端点是定点,另一个端点是动点,但动点轨迹难确定,可以考虑构造法,即找一个定点,当这三点共线时,线段最大.例3 如图5,平面直角坐标系中,已知矩形,2,1ABCD AB BC ==,点A 和B 分别在x 轴正半轴和第一象限角平分线上滑动,点C 在第一象限,求OC 的最大值.解析 如图5,取AOB ∆外接圆的圆心I ,因为2AB =是确定的,且45AOB ∠=︒也是确定的,所以AOB ∆外接圆是确定的.那么线段OIBIC ∆是确定的,135,1IBC BI BC ∠=︒=,可解三角形得CI =所以当,,O I C三点共线时,线段OC 取得最大值,即为OI CI + 三、转化法对于线段最值问题,若线段的两个端点都是动点,可以考虑运用转化法,将它转化为求与之有关的另一条线段的最值.例4 (2016年三明市中考题)如图6,在等边ABC ∆中,4AB =,点P 是BC 边上的动点,点P 关于直线,AB AC 的对称点分别为,M N ,则线段MN 长的取值范围是 .解析 如图6,连结,,AP AM AN ,由对称可得,AP AM AN BAP MAB ==∠=∠,CAP NAC ∠=∠,所以2120MAN BAC ∠=∠=︒,所以AMN ∆是顶角为120°的等腰三角形,可得MN ==.于是求线段MN 长的取值范围,就转化为求线段AP 长的取值范围.AP 最小为AP 垂直BC 时,最大为AB ,所以AP 的取值范围是4AP ≤≤,所以MN 的取值范围是6AP ≤≤ 四、函数法当线段最值问题从几何角度很难求解的时候,可以考虑引入参数,建立函数模型,用函数法来解决.例5 如图7,在ABC ∆中,2AB AC BC ===,点P 是AB 边上的动点(不与点,A B 重合).过点P 作//PE BC 交AC 于点E ,作P F B C ⊥于点F ,连结,EF M 是EF 上的点,且2EM FM =,则PM 的最小值是 .解析 由条件“2AB AC BC ===”可知ABC ∆是确定的,tan 2B =;又根据作图可知PBF ∆形状也是确定的,PF 二2BF,并且有2PF BF =.所以,分析可得PM 的大小取决于BF 的大小,所以引入参数.设BF x =,则2PF x =,22PE x =-.加图7,作MN PF ⊥于点N .2EM FM =Q ,122333MN PE x ∴==-,2433PN PF x ==, 在Rt PMN ∆中,222224()()333PM x x =-+, 化简得2220116()9545PM x =-+.所以当15BF =时,PM。
中考数学最值问题解题技巧

中考数学最值问题解题技巧
在中考数学中,最值问题是一个常见的难点,通常涉及到几何、代数等多个知识点。
以下是一些常见的解题技巧:
1.特殊位置与极端位置法:考虑特殊位置或极端位置,确定相应
位置时的数值,再进行一般情形下的推证。
2.几何定理法:应用几何中的不等量性质、定理,比如“三边关
系”或“将军饮马”问题。
3.数形结合法:揭示问题中变动元素的代数关系,建立方程或函
数来进行处理。
4.轨迹法:探寻动点轨迹而求最值,往往又会涉及到几何定理法
和数形结合法的运用。
5.找临界的特殊情况:确定最大值和最小值。
6.利用轴对称转化为两点之间的直线段。
7.利用三角形两边之和大于第三边,两边之差小于第三边。
8.利用一点到直线的距离:垂线段最短——将点到直线的折线段
转化为点到直线的垂线段。
9.利用特殊角度(30°,45°,60°)将成倍数的线段转化为首
尾相连的折线段,在转化为两点之间的直线段最短。
最值问题2-轨迹法

最值问题2-轨迹法一.轨迹法:(Made by MrH)1.标志特点:遇“动点”,找轨迹2.考点:①两点之间线段最短;②点到直线垂线段最短3.轨迹类型:①直线轨迹;②圆轨迹;二.轨迹找法:(Made by MrH)1.直线轨迹:①直接看出;②瓜豆原理;③夹角定位法;(1)主要说明:“夹角定位法”如图1,l为定直线,A为l上一定点,B为动点,且AB与直线l夹角为定值,则B点的轨迹为直线l'.【示例】如图2所示,等腰△ABC中,AB=AC,∠B=30°,D为BC上一动点,以AD为边在右侧作等腰△ADE,AD=AE,∠BAC=∠DAE,则动点E的轨迹为?解析:①易证△ABD≌△ACE(SAS)∴∠ACE=30°,即E点轨迹为直线②根据瓜豆原理,E点可以看做是D点绕A点旋转120°得到的点,则E的轨迹为BC绕点A旋转120°的线段.2.轨迹为圆:①一中同长(定义);②定角对定边(一般为90°)③瓜豆原理(1)一中同长:如图3,动点A到定点O的距离为定值,则A点的轨迹为以O为圆心的圆.【示例】如图4,矩形ABCD中,AD=1,AB=5,E为AB上一动点,连接DE并将△ADE沿着DE翻折得到△DEF,则F点的轨迹为?解析:∵AD=DF=1,∴F是以D为圆心,1为半径的圆,由于E点从A运动到B,分析起始位置和终止位置,F的轨迹不完整,是一段弧线.(2)定角对定边:“一般为90°”如图5,A为动点,满足∠A=90°,且∠A所对的边BC长度一定,则A点轨迹为以BC为直径的圆,圆心为BC的中点.三.基本模型:(Made by MrH)1.点线轨迹:“点到直线垂线段最短”→斜≥垂如图6,A为定点,C为直线l上一动点,则AC≥AB(垂线)由此可推论:“斜≥垂”2.点圆轨迹:如图1,A为定点,B为动点(轨迹为以定点O为圆心的圆),求AB的最大值与最小值.解析:两边之差<第三边<两边之和∴d-r≤AB≤d+r即AB最大值为d+r,最小值为d-r3.线线轨迹:如图2,直线l1∥l2,A、B分别为l1、l2上的两个动点,求AB的最小值.解析:“斜≥垂”∴AB≥AC,即AB最小值为AC4.线圆轨迹:如图3,A为圆O上动点,B为直线l上动点,则AB≥CD.Made By HuangTao2019.2.17MrH老大笔记。
巧用轨迹法求最值

得 M O = OAN , N 即
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4 罗增儒 . 几 何 直 觉 到 代 数证 明 . 学数 学 教 学 从 中
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0 ≥ 0 , 点 M ( ) , )故 z, 的轨 迹 是 以 C( , ) 圆 心 1 1为
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● 宋振 苏 ( 江苏赣榆县赣马高级 中学 2 22 ) 2 14
圆中的最值问题运动轨迹

圆中的最值问题运动轨迹圆中的最值问题运动轨迹引言:圆是一种几何学中常见的形状,它具有许多独特的性质和特点。
在数学中,研究圆的最值问题既有理论意义,又有实际应用。
本文将讨论圆中的最值问题,并探索与之相关的运动轨迹。
通过对这些问题的分析和求解,可以帮助我们更深入地理解圆的性质和运动规律。
一、圆的最值问题1. 最大面积问题圆的面积公式为S=πr²,其中r为圆的半径。
那么,在给定周长的情况下,如何确定圆的半径以使其面积最大化?解法:根据周长公式C=2πr,可得r=C/(2π),将该值代入面积公式得到S=π(C/(2π))²=(C²/(4π))π=(C²π/4π)=C²π/4。
所以,当给定周长时,圆的面积最大值为C²π/4。
2. 最小周长问题如果圆的面积是固定的,如何确定圆的半径以使其周长最小化?解法:根据面积公式S=πr²,可得r=√(S/π),将该值代入周长公式得到C=2π(√(S/π))=2√(πS)。
所以,当给定面积时,圆的周长最小值为2√(πS)。
3. 最大周长问题在给定面积的情况下,如何确定圆的半径以使其周长最大化?解法:根据面积公式S=πr²,可得r=√(S/π),将该值代入周长公式得到C=2π(√(S/π))=2√(πS)。
所以,当给定面积时,圆的周长最大值为2√(πS)。
二、圆的运动轨迹1. 圆的滚动轨迹当一个圆沿着另一个圆或者直线滚动时,滚动圆上一点的轨迹称为圆的滚动轨迹。
滚动轨迹通常是一条曲线,而滚动圆上的所有点都具有相似的运动特性。
2. 圆上的运动轨迹假设一个小球在一个固定大小的圆上运动,小球在圆上的位置随时间变化而改变。
小球在圆上的运动轨迹通常是一条曲线,其形状取决于小球在圆上的起始位置、运动速度和加速度等因素。
结论:圆中的最值问题涉及到圆的面积和周长,通过合理选择圆的半径,可以确定面积最大、周长最小或周长最大的圆。
轨迹问题之定角对定边 定弦定角最值问题(含答案) (PDF版)

定弦定角最值问题----20190828【定弦定角题型的识别】有一个定弦,一个主动点,一个从动点,定弦所对的张角固定不变。
【题目类型】图形中一般求一个从动点到一个定点线段长度最值问题,一般涉及定弦定角最值问题【解题原理】同弧所对的圆周角相等,定弦的同侧两个圆周角相等,则四点共圆,因此动点的轨迹是圆。
(线段同侧的两点对线段的张角相等,则这两点以及线段的两个端点共圆。
)【一般解题步骤】①让主动点动一下,观察从动点的运动轨迹,发现从动点的运动轨迹是一段弧。
②寻找不变的张角(这个时候一般是找出张角的补角,这个补角一般为45°、60°或者一个确定的三角函数的对角等)③找张角所对的定弦,根据三点确定隐形圆。
④确定圆心位置,计算隐形圆半径。
⑤求出隐形圆圆心至所求线段定点的距离。
⑥计算最值:在此基础上,根据点到圆的距离求最值(最大值或最小值)。
【例1】(2019·模拟)如图,△ABC中,AC=3,BC=24,∠ACB=45°,D为△ABC内一动点,⊙O为△ACD的外接圆,直线BD交⊙O于P点,交BC于E 点,弧AE=CP,则AD的最小值为()A.1 B.2 C.2D.241-4解:∵∠CDP=∠ACB=45°∴∠BDC=135°(定弦定角最值)如图,当AD过O′时,AD有最小值∵∠BDC=135°∴∠BO′C=90°∴△BO′C为等腰直角三角形∴∠ACO′=45°+45°=90°∴AO′=5又O′B=O′C=4∴AD=5-4=1【例2】如图,AC=3,BC=5,且∠BAC=90°,D为AC上一动点,以AD为直径作圆,连接BD交圆于E点,连CE,则CE的最小值为16()A.213-B.213+C.5 D.9解:连接AE∵AD为⊙O的直径∴∠AEB=∠AED=90°∴E点在以AB为直径的圆上运动当CE过圆心O′时,CE有最小值为213-【练】(2015·江汉中考模拟1)如图,在△ABC 中,AC =3,BC =24,∠ACB =45°,AM ∥BC ,点P 在射线AM 上运动,连BP 交△APC 的外接圆于D ,则AD 的最小值为( )A .1B .2C .2D .324-解:连接CD∴∠P AC =∠PDC =∠ACB =45°∴∠BDC =135°如图,当AD 过圆心O ′时,AD 有最小值∵∠BDC =135°∴∠BO ′C =90°∴O ′B =O ′C =4又∠ACO ′=90°∴AO ′=5∴AD 的最小值为5-4=1【例3】(2016·勤学早四调模拟1)如图,⊙O 的半径为2,弦AB 的长为32,点P 为优弧AB 上一动点,AC ⊥AP 交直线PB 于点C ,则△ABC 的面积的最大值是( )A .3612+B .336+C .3312+D .346+2019【练】(·洪山区中考模拟 1)如图,⊙O 的半径为 1,弦 AB =1,点 P 为优弧 AB 上一动点, AC ⊥AP 交直线 PB 于点 C ,则△ABC 的最大面积是( )A .21B .22C .23D .43【例5】如图,A (1,0)、B (3,0),以AB 为直径作⊙M ,射线OF 交⊙M 于E 、F 两点,C 为弧AB 的中点,D 为EF 的中点.当射线绕O 点旋转时,CD 的最小值为__________解:连接DM∵D 是弦EF 的中点∴DM ⊥EF∴点D 在以A 为圆心的,OM 为直径的圆上运动当CD 过圆心A 时,CD 有最小值连接CM∵C 为弧AB 的中点∴CM ⊥AB∴CD 的最小值为12-【练】如图,AB 是⊙O 的直径,AB =2,∠ABC =60°,P 是上一动点,D 是AP 的中点,连接CD ,则CD 的最小值为__________解:连接OD ∵D 为弦AP 的中点∴OD ⊥AP ∴点D 在以AO 为直径的圆上运动当CD 过圆心O ′时,CD 有最小值 过点C 作CM ⊥AB 于M∵OB =OC ,∠ABC =60° ∴△OBC 为等边三角形∴OM =21,CM =23∴O ′C =47∴CD 的最小值为2147-定弦定角1.(安徽)如图,Rt △ABC 中,AB ⊥BC ,AB=6,BC=4,P 是△ABC 内部的一个动点,且满足∠PAB=∠PBC ,则线段CP 长的最小值为()A .23B .2C .13138D .131312故选B.3.(宜兴模拟)如图,半径为2cm,圆心角为90°的扇形OAB的弧AB上有一运动的点P从点P向半径OA引垂线PH交OA于点H,设△OPH的内心为I,当点P在弧AB上从点A 运动到点B时,内心I所经过的路径长为.4.等腰直角△ABC 中,∠C =90°,AC =BC =4,D 为线段AC 上一动点,连接BD ,过点C 作CH ⊥BD 于H ,连接AH ,则AH 的最小值为.答案:2-52(点H 在以BC 为直径的圆上)5.直线y =x +4分别与x 轴、y 轴相交与点M 、N ,边长为2的正方形OABC 一个顶点O 在坐标系的原点,直线AN 与MC 相交与点P ,若正方形绕着点O 旋转一周,则点P 到点(0,2)长度的最小值是.A.1B.2C.332 D.3答案:D (点C 在以AB 为弦的圆上)8.(外国语模拟)如图,以正方形ABCD 的边BC 为一边向内部做一等腰△BCE ,BE=BC ,过E 做EH ⊥BC ,点P 是Rt △BEH 的内心,连接AP ,若AB=2,则AP 的最小值为________.答案:22π(点P 在以BC 为弦的圆上)9.(江阴期中)如图,以G (0,1)为圆心,半径为2的圆与x 轴交于A 、B 两点,与y 轴交于C 、D 两点,点E 为⊙G 上一动点,CF ⊥AE 于F ,当点E 从点B 出发顺时针运动到点D 时,点F 所经过的路径长为________.答案:π33(点F 在以AC 为直径的圆上)10.(南长区二模)如图,矩形OABC 的边OA 、OC分别在x 轴、y 轴上,点B 的坐标为(7,3),点E 在边AB 上,且AE=1,已知点P 为y 轴上一动点,连接EP ,过点O 作直线EP 的垂线段,垂足为点H ,在点P 从点F(0,254)运动到原点O 的过程中,点H 的运动路径长为________.答案:π425(点H 在以OE 为直径的圆上)。
2021中考数学专题05 瓜豆原理中最值问题

专题瓜豆原理中动点轨迹直线型最值问题【专题说明】动点轨迹问题是中考的重要压轴点.受学生解析几何知识的局限和思维能力的束缚,该压轴点往往成为学生在中考中的一个坎,致使该压轴点成为学生在中考中失分的一个黑洞.掌握该压轴点的基本图形,构建问题解决的一般思路,是中考专题复习的一个重要途径.本文就动点轨迹问题的基本图形作一详述.动点轨迹基本类型为直线型和圆弧型.【知识精讲】动点轨迹为一条直线时,利用“垂线段最短”求最值。
(1)当动点轨迹确定时可直接运用垂线段最短求最值(2)当动点轨迹不易确定是直线时,可通过以下三种方法进行确定①观察动点运动到特殊位置时,如中点,端点等位置时是否存在动点与定直线的端点连接后的角度不变,若存在该动点的轨迹为直线。
②当某动点到某条直线的距离不变时,该动点的轨迹为直线。
③当一个点的坐标以某个字母的代数式表示时,若可化为一次函数,则点的轨迹为直线。
如图,P是直线BC上一动点,连接AP,取AP中点Q,当点P在BC上运动时,Q点轨迹是?P QAB C【分析】当P点轨迹是直线时,Q点轨迹也是一条直线.可以这样理解:分别过A、Q向BC作垂线,垂足分别为M、N,在运动过程中,因为AP=2AQ,所以QN始终为AM的一半,即Q点到BC的距离是定值,故Q点轨迹是一条直线.N C B AQP M【引例】如图,△APQ 是等腰直角三角形,∠P AQ =90°且AP =AQ ,当点P 在直线BC 上运动时,求Q 点轨迹?CB AQ P【分析】当AP 与AQ 夹角固定且AP :AQ 为定值的话,P 、Q 轨迹是同一种图形.当确定轨迹是线段的时候,可以任取两个时刻的Q 点的位置,连线即可,比如Q点的起始位置和终点位置,连接即得Q 点轨迹线段.Q 2Q 1ABC【模型总结】必要条件:主动点、从动点与定点连线的夹角是定量(∠P AQ 是定值);主动点、从动点到定点的距离之比是定量(AP :AQ 是定值).结论:P 、Q 两点轨迹所在直线的夹角等于∠P AQ (当∠P AQ ≤90°时,∠P AQ 等于MN 与BC 夹角) M N ααP QAB CP 、Q 两点轨迹长度之比等于AP :AQ (由△ABC ∽△AMN ,可得AP :AQ =BC :MN ) M NααAB C【精典例题】1、如图,正方形ABCD 的边长为4,E 为BC 上一点,且BE =1,F 为AB 边上的一个动点,连接EF ,以EF 为边向右侧作等边△EFG ,连接CG ,则CG 的最小值为 .GA B CDE F2、如图,等腰Rt △ABC 中,斜边AB 的长为2,O 为AB 的中点,P 为AC 边上的动点,OQ ⊥OP 交BC 于点Q ,M 为PQ 的中点,当点P 从点A 运动到点C 时,点M 所经过的路线长为( )A .24πB .22πC .1D .23、如图,矩形ABCD 中,4AB =,6BC =,点P 是矩形ABCD 内一动点,且∆∆=PAB PCD S S ,则PC PD +的最小值为_____.4、如图,在平面内,线段AB =6,P 为线段AB 上的动点,三角形纸片CDE 的边CD 所在的直线与线段AB 垂直相交于点P ,且满足PC =P A .若点P 沿AB 方向从点A 运动到点B ,则点E 运动的路径长为______.5、如图,等边三角形ABC 的边长为4,点D 是直线AB 上一点.将线段CD 绕点D 顺时针旋转60°得到线段DE ,连结BE .(1)若点D 在AB 边上(不与A ,B 重合)请依题意补全图并证明AD=BE ;(2)连接AE ,当AE 的长最小时,求CD 的长.【精典例题】1、如图,正方形ABCD 的边长为4,E 为BC 上一点,且BE =1,F 为AB 边上的一个动点,连接EF ,以EF 为边向右侧作等边△EFG ,连接CG ,则CG 的最小值为 .GA B C DE F【分析】同样是作等边三角形,区别于上一题求动点路径长,本题是求CG 最小值,可以将F 点看成是由点B 向点A 运动,由此作出G 点轨迹:考虑到F 点轨迹是线段,故G 点轨迹也是线段,取起点和终点即可确定线段位置,初始时刻G 点在1G 位置,最终G 点在2G 位置(2G 不一定在CD 边),12G G 即为G 点运动轨迹.G 2G 1E DCB ACG 最小值即当CG ⊥12G G 的时候取到,作CH ⊥12G G 于点H ,CH 即为所求的最小值.根据模型可知:12G G 与AB 夹角为60°,故12G G ⊥1EG .过点E 作EF ⊥CH 于点F ,则HF =1G E =1,CF =1322CE =, 所以CH =52,因此CG 的最小值为52. F HG 2G 1E DCB A 2、如图,等腰Rt △ABC 中,斜边AB 的长为2,O 为AB 的中点,P 为AC 边上的动点,OQ ⊥OP 交BC 于点Q ,M 为PQ 的中点,当点P 从点A 运动到点C 时,点M 所经过的路线长为( )A .24B .22C .1D .2【答案】C【详解】连接OC ,作PE ⊥AB 于E ,MH ⊥AB 于H ,QF ⊥AB 于F ,如图,∵△ACB 为到等腰直角三角形,∴AC=BC=222,∠A=∠B=45°,∵O 为AB 的中点,∴OC ⊥AB ,OC 平分∠ACB ,OC=OA=OB=1,∴∠OCB=45°,∵∠POQ=90°,∠COA=90°,∴∠AOP=∠COQ ,在Rt △AOP 和△COQ 中A OCQ AO COAOP COQ ∠=∠⎧⎪=⎨⎪∠=∠⎩, ∴Rt △AOP ≌△COQ ,∴AP=CQ ,易得△APE 和△BFQ 都为等腰直角三角形,∴PE=22AP=22CQ ,QF=22BQ , ∴PE+QF=22(CQ+BQ )=22BC=222, ∵M 点为PQ 的中点,∴MH 为梯形PEFQ 的中位线,∴MH=12(PE+QF )=12, 即点M 到AB 的距离为12, 而CO=1,∴点M 的运动路线为△ABC 的中位线,∴当点P 从点A 运动到点C 时,点M 所经过的路线长=12AB=1, 故选C .3、如图,矩形ABCD 中,4AB =,6BC =,点P 是矩形ABCD 内一动点,且∆∆=PAB PCD S S ,则PC PD +的最小值为_____.【答案】213【详解】ABCD 为矩形,AB DC ∴=又=PAB PCD S S∴点P 到AB 的距离与到CD 的距离相等,即点P 线段AD 垂直平分线MN 上, 连接AC ,交MN 与点P ,此时PC PD +的值最小,且PC PD AC +==22224652213AB BC +=+==故答案为:2134、如图,在平面内,线段AB =6,P 为线段AB 上的动点,三角形纸片CDE 的边CD 所在的直线与线段AB 垂直相交于点P ,且满足PC =P A .若点P 沿AB 方向从点A 运动到点B ,则点E 运动的路径长为______.【答案】62 【详解】解:如图,由题意可知点C 运动的路径为线段AC ′,点E 运动的路径为EE ′,由平移的性质可知AC ′=EE ′,在Rt △ABC ′中,易知AB =BC ′=6,∠ABC ′=90°,∴EE ′=AC 2266+2故答案为:625、如图,等边三角形ABC 的边长为4,点D 是直线AB 上一点.将线段CD 绕点D 顺时针旋转60°得到线段DE ,连结BE .(1)若点D 在AB 边上(不与A ,B 重合)请依题意补全图并证明AD=BE ;(2)连接AE ,当AE 的长最小时,求CD 的长.【答案】(1)见解析;(2)27【详解】解:(1)补全图形如图1所示,AD=BE,理由如下:∵△ABC是等边三角形,∴AB=BC=AC,∠A=∠B=60°,由旋转的性质得:∠ACB=∠DCE=60°,CD=CE,∴∠ACD=∠BCE,∴△ACD≌△BCE(SAS),∴AD=BE.(2)如图2,过点A作AF⊥EB交EB延长线于点F.∵△ACD≌△BCE,∴∠CBE=∠A=60°,∴点E的运动轨迹是直线BE,根据垂线段最短可知:当点E与F重合时,AE的值最小,此时CD=CE=CF,∵∠ACB=∠CBE=60°,∴AC∥EF,∵AF⊥BE,∴AF⊥AC,在Rt △ACF 中, ∴CF=22AC AF +=()22423+=27,∴CD=CF=27.专题 瓜豆原理中动点轨迹圆或圆弧型最值问题【专题说明】动点的轨迹为定圆时,可利用:“一定点与圆上的动点距离最大值为定点到圆心的距离与半径之和,最小值为定点到圆心的距离与半径之差”的性质求解。
专题70 瓜豆原理中动点轨迹圆或圆弧型最值问题(解析版)

专题70瓜豆原理中动点轨迹圆或圆弧型最值问题【专题说明】动点的轨迹为定圆时,可利用:“一定点与圆上的动点距离最大值为定点到圆心的距离与半径之和,最小值为定点到圆心的距离与半径之差”的性质求解。
确定动点轨迹为圆或者圆弧型的方法:(1)动点到定点的距离不变,则点的轨迹是圆或者圆弧。
(2)当某条边与该边所对的角是定值时,该角的顶点的轨迹是圆,具体运用如下;①见直角,找斜边,想直径,定外心,现圆形②见定角,找对边,想周角,转心角,现圆形【知识精讲】如图,P是圆O上一个动点,A为定点,连接AP,Q为AP中点.考虑:当点P在圆O上运动时,Q点轨迹是?【分析】观察动图可知点Q轨迹是个圆,而我们还需确定的是此圆与圆O有什么关系?考虑到Q点始终为AP中点,连接AO,取AO中点M,则M点即为Q点轨迹圆圆心,半径MQ是OP一半,任意时刻,均有△AMQ∽△AOP,QM:PO=AQ:AP=1:2.【小结】确定Q点轨迹圆即确定其圆心与半径,由A、Q、P始终共线可得:A、M、O三点共线,由Q为AP中点可得:AM=1/2AO.Q点轨迹相当于是P点轨迹成比例缩放.根据动点之间的相对位置关系分析圆心的相对位置关系;根据动点之间的数量关系分析轨迹圆半径数量关系.如图,P是圆O上一个动点,A为定点,连接AP,作AQ⊥AP且AQ=AP.考虑:当点P在圆O上运动时,Q点轨迹是?【分析】Q点轨迹是个圆,可理解为将AP绕点A逆时针旋转90°得AQ,故Q点轨迹与P点轨迹都是圆.接下来确定圆心与半径.考虑AP⊥AQ,可得Q点轨迹圆圆心M满足AM⊥AO;考虑AP=AQ,可得Q点轨迹圆圆心M满足AM=AO,且可得半径MQ=PO.即可确定圆M位置,任意时刻均有△APO≌△AQM.如图,△APQ是直角三角形,∠PAQ=90°且AP=2AQ,当P在圆O运动时,Q点轨迹是?【分析】考虑AP⊥AQ,可得Q点轨迹圆圆心M满足AM⊥AO;考虑AP:AQ=2:1,可得Q点轨迹圆圆心M满足AO:AM=2:1.即可确定圆M位置,任意时刻均有△APO∽△AQM,且相似比为2.【模型总结】为了便于区分动点P、Q,可称点P为“主动点”,点Q为“从动点”.此类问题的必要条件:两个定量主动点、从动点与定点连线的夹角是定量(∠PAQ是定值);主动点、从动点到定点的距离之比是定量(AP:AQ是定值).【结论】(1)主、从动点与定点连线的夹角等于两圆心与定点连线的夹角:∠PAQ =∠OAM ;(2)主、从动点与定点的距离之比等于两圆心到定点的距离之比:AP :AQ =AO :AM ,也等于两圆半径之比.按以上两点即可确定从动点轨迹圆,Q 与P 的关系相当于旋转+伸缩.古人云:种瓜得瓜,种豆得豆.“种”圆得圆,“种”线得线,谓之“瓜豆原理”.【精典例题】1、如图,在Rt ABC ∆中,90︒∠=C ,4AC =,3BC =,点O 是AB 的三等分点,半圆O 与AC 相切,M ,N 分别是BC 与半圆弧上的动点,则MN 的最小值和最大值之和是()A .5B .6C .7D .8【答案】B【详解】如图,设⊙O 与AC 相切于点D ,连接OD ,作OP BC ⊥垂足为P 交⊙O 于F ,此时垂线段OP 最短,PF 最小值为OP OF -,∵4AC =,3BC =,∴5AB =∵90OPB ︒∠=,∴OP AC∵点O 是AB 的三等分点,∴210533OB =⨯=,23OPOBAC AB ==,∴83OP =,∵⊙O 与AC 相切于点D ,∴OD AC ⊥,∴OD BC ‖,∴13OD OABC AB ==,∴1OD =,∴MN 最小值为85133OP OF -=-=,如图,当N 在AB 边上时,M 与B 重合时,MN 经过圆心,经过圆心的弦最长,MN 最大值1013133=+=,513+=633,∴MN 长的最大值与最小值的和是6.故选B .2、如图,在矩形纸片ABCD 中,2AB =,3AD =,点E 是AB 的中点,点F 是AD 边上的一个动点,将AEF 沿EF 所在直线翻折,得到'A EF ,则'A C 的长的最小值是()A .132B .3C 131D .101-【答案】D【详解】以点E 为圆心,AE 长度为半径作圆,连接CE ,当点A'在线段CE 上时,A'C 的长取最小值,如图所示,根据折叠可知:1A'E AE AB 12===.在Rt BCE 中,1BE AB 12==,BC 3=,B 90∠= ,22CE BE BC 10∴=+=,A'C ∴的最小值CE A'E 101=-=.故选D.3、如图,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,∠ACB=30°,BC=2 ,△ADC与△ABC关于AC对称,点E、F分别是边DC、BC上的任意一点,且DE=CF,BE、DF相交于点P,则CP的最小值为() A.1B. C. D.2【答案】D【详解】连接AD,因为∠ACB=30°,所以∠BCD=60°,因为CB=CD,所以△CBD是等边三角形,所以BD=DC.因为DE=CF,∠EDB=∠FCD=60°,所以△EDB≌△FCD,所以∠EBD=∠FDC,因为∠FDC+∠BDF=60°,所以∠EBD+∠BDF=60°,所以∠BPD=120°,所以点P在以A为圆心,AD为半径的弧BD上,直角△ABC中,∠ACB=30°,BC=2 ,所以AB=2,AC=4,所以AP=2.当点A,P,C在一条直线上时,CP有最小值,CP的最小值是AC-AP=4-2=2.故选D.4、如图,在矩形ABCD中,AB=4,AD=6,E是AB边的中点,F是线段BC上的动点,将ΔEBF沿EF所在直线折叠得到ΔEB'F,连接B'D,则B'D的最小值是_____.【答案】2.【详解】如图所示点B'在以E为圆心EA为半径的圆上运动,当D、B'、E共线时,B'D的值最小,根据折叠的性质,△EBF≌△EB'F,∴∠B=∠EB'F,EB'=EB.∵E是AB边的中点,AB=4,∴AE=EB'=2.∵AD=6,∴DE==,∴B'D2.故答案为2.5、如图,Rt ABC △中,AB BC ⊥,6AB =,4BC =,P 是ABC △内部的一个动点,且满足90PAB PBA ︒∠+∠=,则线段CP 长的最小值为________.【答案】2:【详解】∵∠PAB+∠PBA=90°∴∠APB=90°∴点P 在以AB 为直径的弧上(P 在△ABC 内)设以AB 为直径的圆心为点O ,如图接OC ,交☉O 于点P ,此时的PC 最短∵AB=6,∴OB=3∵BC=4∴5OC ===∴PC=5-3=26、如图,点D 在半圆O 上,半径5OB =,4=AD ,点C 在弧BD 上移动,连接AC ,作DH AC ⊥,垂足为H ,连接BH ,点C 在移动的过程中,BH 的最小值是______.【答案】2-【详解】如图,设AD 的中点为点E ,则114222EA ED AD ===⨯=由题意得,点H 的运动轨迹在以点E 为圆心,EA 为半径的圆上由点与圆的位置关系得:连接BE ,与圆E 交于点H ,则此时BH 取得最小值,2EH =连接BDAB 为半圆O 的直径90ADB ∴∠=︒BD ∴===BE ∴===2BH BE EH ∴=-=-故答案为:2-.7、如图,过抛物线上一点A作轴的平行线,交抛物线于另一点B,交轴于点C,已知点A的横坐标为.(1)求抛物线的对称轴和点B的坐标;(2)在AB上任取一点P,连结OP,作点C关于直线OP的对称点D;①连结BD,求BD的最小值;②当点D落在抛物线的对称轴上,且在轴上方时,求直线PD的函数表达式.【答案】(1)x=4;B(10,5).(2)①.②y=﹣x+.【详解】(1)由题意A(﹣2,5),对称轴x=﹣=4,∵A、B关于对称轴对称,∴B(10,5).(2)①如图1中,由题意点D在以O为圆心OC为半径的圆上,∴当O、D、B共线时,BD的最小值=OB﹣OD=.②如图2中,图2当点D在对称轴上时,在Rt△ODE中,OD=OC=5,OE=4,∴DE==3,∴点D的坐标为(4,3).设PC=PD=x,在Rt△PDK中,x2=(4﹣x)2+22,∴x=,∴P(,5),∴直线PD的解析式为y=﹣x+.。
最值系列问题之轨迹问题(瓜豆原理)

最值系列之瓜豆原理在辅助圆问题中,我们了解了求关于动点最值问题的方式之一——求出动点轨迹,即可求出关于动点的最值.⑧到两条平行线距离相等的点的轨迹是和这两条平行线平行且到这两条平行线距离相等的一条直线.本文讨论一类动点引发的最值问题,在此类题目中,题目或许先描述的是动点P,但最终问题问的可以是另一点Q,当然P、Q之间存在某种联系,从P点出发探讨Q点运动轨迹并求出最值,为常规思路.该题型常见于中考的大小压轴题中,以最值计算或函数解析式的方式出题。
一、轨迹之圆篇引例1:如图,P是圆O上一个动点,A为定点,连接AP,Q为AP中点.考虑:当点P在圆O上运动时,Q点轨迹是?【分析】观察动图可知点Q轨迹是个圆,而我们还需确定的是此圆与圆O有什么关系?考虑到Q点始终为AP中点,连接AO,取AO中点M,则M点即为Q点轨迹圆圆心,半径MQ是OP一半,任意时刻,均有△AMQ∽△AOP,QM:PO=AQ:AP=1:2.【小结】确定Q点轨迹圆即确定其圆心与半径,由A、Q、P始终共线可得:A、M、O三点共线,由Q为AP中点可得:AM=1/2AO.Q点轨迹相当于是P点轨迹成比例缩放.根据动点之间的相对位置关系分析圆心的相对位置关系;根据动点之间的数量关系分析轨迹圆半径数量关系.引例2:如图,P是圆O上一个动点,A为定点,连接AP,作AQ⊥AP且AQ=AP.考虑:当点P在圆O上运动时,Q点轨迹是?Q【分析】Q点轨迹是个圆,可理解为将AP绕点A逆时针旋转90°得AQ,故Q点轨迹与P 点轨迹都是圆.接下来确定圆心与半径.考虑AP⊥AQ,可得Q点轨迹圆圆心M满足AM⊥AO;考虑AP=AQ,可得Q点轨迹圆圆心M满足AM=AO,且可得半径MQ=PO.即可确定圆M位置,任意时刻均有△APO≌△AQM.引例3:如图,△APQ是直角三角形,∠P AQ=90°且AP=2AQ,当P在圆O运动时,Q点轨迹是?【分析】考虑AP⊥AQ,可得Q点轨迹圆圆心M满足AM⊥AO;考虑AP:AQ=2:1,可得Q点轨迹圆圆心M满足AO:AM=2:1.即可确定圆M位置,任意时刻均有△APO∽△AQM,且相似比为2.【模型总结】为了便于区分动点P、Q,可称点P为“主动点”,点Q为“从动点”.此类问题的必要条件:两个定量主动点、从动点与定点连线的夹角是定量(∠P AQ是定值);主动点、从动点到定点的距离之比是定量(AP:AQ是定值).Q【结论】(1)主、从动点与定点连线的夹角等于两圆心与定点连线的夹角:∠P AQ=∠OAM;(2)主、从动点与定点的距离之比等于两圆心到定点的距离之比:AP:AQ=AO:AM,也等于两圆半径之比.按以上两点即可确定从动点轨迹圆,Q与P的关系相当于旋转+伸缩.古人云:种瓜得瓜,种豆得豆.“种”圆得圆,“种”线得线,谓之“瓜豆原理”.【思考1】:如图,P是圆O上一个动点,A为定点,连接AP,以AP为一边作等边△APQ.考虑:当点P在圆O上运动时,Q点轨迹是?【分析】Q点满足(1)∠P AQ=60°;(2)AP=AQ,故Q点轨迹是个圆:考虑∠P AQ=60°,可得Q点轨迹圆圆心M满足∠MAO=60°;考虑AP=AQ,可得Q点轨迹圆圆心M满足AM=AO,且可得半径MQ=PO.即可确定圆M位置,任意时刻均有△APO≌△AQM.【小结】可以理解AQ由AP旋转得来,故圆M亦由圆O旋转得来,旋转角度与缩放比例均等于AP与AQ的位置和数量关系.【思考2】如图,P是圆O上一个动点,A为定点,连接AP,以AP为斜边作等腰直角△APQ.考虑:当点P在圆O上运动时,如何作出Q点轨迹?【分析】Q点满足(1)∠P AQ=45°;(2)AP:AQ1,故Q点轨迹是个圆.连接AO,构造∠OAM=45°且AO:AM:1.M点即为Q点轨迹圆圆心,此时任意时刻均有△AOP∽△AMQ.即可确定点Q的轨迹圆.【练习】如图,点P(3,4),圆P半径为2,A(2.8,0),B(5.6,0),点M是圆P上的动点,点C是MB的中点,则AC的最小值是_______.【分析】M点为主动点,C点为从动点,B点为定点.考虑C是BM中点,可知C点轨迹:取BP中点O,以O为圆心,OC为半径作圆,即为点C轨迹.当A、C、O三点共线且点C在线段OA上时,AC取到最小值,根据B、P坐标求O,利用两点间距离公式求得OA,再减去OC即可.【2016武汉中考】如图,在等腰Rt △ABC 中,AC =BC=P 在以斜边AB 为直径的半圆上,M 为PC 的中点,当半圆从点A 运动至点B 时,点M 运动的路径长为________.【分析】考虑C 、M 、P 共线及M 是CP 中点,可确定M 点轨迹:取AB 中点O ,连接CO 取CO 中点D ,以D 为圆心,DM 为半径作圆D 分别交AC 、BC 于E 、F 两点,则弧EF 即为M 点轨迹.当然,若能理解M 点与P 点轨迹关系,可直接得到M 点的轨迹长为P 点轨迹长一半,即可解决问题.【2018南通中考】如图,正方形ABCD 中,AB O 是BC 边的中点,点E 是正方形内一动点,OE =2,连接DE ,将线段DE 绕点D 逆时针旋转90°得DF ,连接AE 、CF .求线段OF 长的最小值.OABCDE F【分析】E 是主动点,F 是从动点,D 是定点,E 点满足EO =2,故E 点轨迹是以O 为圆心,2为半径的圆.F考虑DE⊥DF且DE=DF,故作DM⊥DO且DM=DO,F点轨迹是以点M为圆心,2为半径的圆.直接连接OM,与圆M交点即为F点,此时OF最小.可构造三垂直全等求线段长,再利用勾股定理求得OM,减去MF即可得到OF的最小值.【练习】△ABC 中,AB =4,AC =2,以BC 为边在△ABC 外作正方形BCDE ,BD 、CE 交于点O ,则线段AO 的最大值为_____________.AB CDE O【分析】考虑到AB 、AC 均为定值,可以固定其中一个,比如固定AB ,将AC 看成动线段,由此引发正方形BCED 的变化,求得线段AO 的最大值.根据AC =2,可得C 点轨迹是以点A 为圆心,2为半径的圆.OEDCBA接下来题目求AO 的最大值,所以确定O 点轨迹即可,观察△BOC 是等腰直角三角形,锐角顶点C 的轨迹是以点A 为圆心,2为半径的圆,所以O 点轨迹也是圆,以AB 为斜边构造等腰直角三角形,直角顶点M 即为点O 轨迹圆圆心.连接AM并延长与圆M交点即为所求的点O,此时AO最大,根据AB先求AM,再根据BC与BO的比值可得圆M的半径与圆A半径的比值,得到MO,相加即得AO.此题方法也不止这一种,比如可以如下构造旋转,当A、C、A’共线时,可得AO最大值.A'或者直接利用托勒密定理可得最大值.二、轨迹之线段篇引例:如图,P是直线BC上一动点,连接AP,取AP中点Q,当点P在BC上运动时,Q点轨迹是?【分析】当P点轨迹是直线时,Q点轨迹也是一条直线.可以这样理解:分别过A、Q向BC作垂线,垂足分别为M、N,在运动过程中,因为AP=2AQ,所以QN始终为AM的一半,即Q点到BC的距离是定值,故Q点轨迹是一条直线.【引例】如图,△APQ是等腰直角三角形,∠P AQ=90°且AP=AQ,当点P在直线BC上运动时,求Q点轨迹?【分析】当AP与AQ夹角固定且AP:AQ为定值的话,P、Q轨迹是同一种图形.当确定轨迹是线段的时候,可以任取两个时刻的Q点的位置,连线即可,比如Q 点的起始位置和终点位置,连接即得Q点轨迹线段.Q2AB CQ1【模型总结】 必要条件:主动点、从动点与定点连线的夹角是定量(∠P AQ 是定值); 主动点、从动点到定点的距离之比是定量(AP :AQ 是定值). 结论:P 、Q 两点轨迹所在直线的夹角等于∠P AQ (当∠P AQ ≤90°时,∠P AQ 等于MN 与BC 夹角)P 、Q 两点轨迹长度之比等于AP :AQ (由△ABC ∽△AMN ,可得AP :AQ =BC :MN )【2017姑苏区二模】如图,在等边△ABC 中,AB =10,BD =4,BE =2,点P 从点E 出发沿EA 方向运动,连结PD ,以PD 为边,在PD 的右侧按如图所示的方式作等边△DPF ,当点P 从点E 运动到点A 时,点F 运动的路径长是________.A【分析】根据△DPF 是等边三角形,所以可知F 点运动路径长与P 点相同,P 从E 点运动到A 点路径长为8,故此题答案为8.【2013湖州中考】如图,已知点A是第一象限内横坐标为AC⊥x轴于点M,交直线y=-x于点N,若点P是线段ON上的一个动点,∠APB=30°,BA⊥P A,则点P在线段ON上运动时,A点不变,B点随之运动.求当点P从点O 运动到点N时,点B运动的路径长是________.【分析】根据∠P AB=90°,∠APB=30°可得:AP:AB,故B点轨迹也是线段,且P点轨迹路径长与B,P点轨迹长ON为B点轨迹长为【练习】如图,在平面直角坐标系中,A(-3,0),点B是y轴正半轴上一动点,点C、D在x正半轴上,以AB为边在AB的下方作等边△ABP,点B在y轴上运动时,求OP的最小值.【分析】求OP是等边三角形且B点在直线上运动,故可知P点轨迹也是直线.取两特殊时刻:(1)当点B与点O重合时,作出P点位置P1;(2)当点B在x轴上方且AB与x轴夹角为60°时,作出P点位置P2.连接P1P2,即为P点轨迹.根据∠ABP =60°可知:12P P 与y 轴夹角为60°,作OP ⊥12P P ,所得OP 长度即为最小值,OP 2=OA =3,所以OP =32.【2019宿迁中考】如图,正方形ABCD 的边长为4,E 为BC 上一点,且BE =1,F 为AB 边上的一个动点,连接EF ,以EF 为边向右侧作等边△EFG ,连接CG ,则CG 的最小值为 .【分析】同样是作等边三角形,区别于上一题求动点路径长,本题是求CG 最小值,可以将F 点看成是由点B 向点A 运动,由此作出G 点轨迹:考虑到F 点轨迹是线段,故G 点轨迹也是线段,取起点和终点即可确定线段位置,初始时刻G 点在1G 位置,最终G 点在2G 位置(2G 不一定在CD 边),12G G 即为G 点运动轨迹.G 2CG 最小值即当CG ⊥12G G 的时候取到,作CH ⊥12G G 于点H ,CH 即为所求的最小值.GABCDEF根据模型可知:12G G 与AB 夹角为60°,故12G G ⊥1EG .过点E 作EF ⊥CH 于点F ,则HF =1G E =1,CF =1322CE =,所以CH =52,因此CG 的最小值为52.G 2三、轨迹之其他图形篇所谓“瓜豆原理”,就是主动点的轨迹与从动点的轨迹是相似性,根据主、从动点与定点连线形成的夹角以及主、从动点到定点的距离之比,可确定从动点的轨迹,而当主动点轨迹是其他图形时,从动点轨迹必然也是.【2016乐山中考】如图,在反比例函数2y x=-的图像上有一个动点A ,连接AO 并延长交图像的另一支于点B ,在第一象限内有一点C ,满足AC =BC ,当点A 运动时,点C 始终在函数ky x=的图像上运动,若tan ∠CAB =2,则k的值为( )A .2B .4C .6D .8【分析】∠AOC=90°且AO:OC=1:2,显然点C的轨迹也是一条双曲线,分别作AM、CN垂直x轴,垂足分别为M、N,连接OC,易证△AMO∽△ONC,∴CN=2OM,ON=2AM,∴ON·CN=4AM·OM,故k=4×2=8.【思考】若将条件“tan∠CAB=2”改为“△ABC是等边三角形”,k会是多少?【练习】如图,A(-1,1),B(-1,4),C(-5,4),点P是△ABC边上一动点,连接OP,以OP为斜边在OP的右上方作等腰直角△OPQ,当点P在△ABC边上运动一周时,点Q的轨迹形成的封闭图形面积为________.【分析】根据△OPQ是等腰直角三角形可得:Q点运动轨迹与P点轨迹形状相同,根据OP:OQ,可得P点轨迹图形与Q,故面积比为2:1,△ABC面积为1/2×3×4=6,故Q点轨迹形成的封闭图形面积为3.【小结】根据瓜豆原理,类似这种求从动点轨迹长或者轨迹图形面积,根据主动点轨迹推导即可,甚至无需作图.【练习】如图所示,AB =4,AC =2,以BC 为底边向上构造等腰直角三角形BCD ,连接AD 并延长至点P ,使AD =PD ,则PB 的取值范围为___________.ABCDP【分析】固定AB 不变,AC =2,则C 点轨迹是以A 为圆心,2为半径的圆,以BC 为斜边作等腰直角三角形BCD ,则D 点轨迹是以点M考虑到AP =2AD ,故P 点轨迹是以N 为圆心,即可求出PB 的取值范围.。
高中数学与圆有关的轨迹问题与最值问题

b a 1 ,解得 a 1 , b 2 ,从而 r 2 2 (5 分)
圆 C 方程为: (x 1)2 ( y 2)2 8(6 分)
(Ⅱ)设 M (x, y) , B(x0
,
y0
)
,则有
1
x0 2
x,
y0 2
y , (8
分)
解得 x0 2x 1 , y0 2 y ,代入圆 C 方程得: (2x 2)2 (2y 2)2 8 , (10 分)
| MA | 2
(x 3)2 y2 2
化简整理得: x2 y2 2x 3 0 ,即 (x 1)2 y2 4 ,
点 M 的轨迹方程 (x 1)2 y2 4 ,轨迹是以 (1, 0) 为圆心,以 2 为半径的圆;
(2)由(1)可知, P(x, y) 为圆 (x 1)2 y2 4 上任意一点, 3x1 ,
(1)求动点 M 的阿波罗尼斯圆的方程; (2)过 P(2,3) 作该圆的切线 l ,求 l 的方程.
【解答】解:(1)设动点 M 坐标为 (x, y) ,则 AM (x 4)2 y2 , BM (x 1)2 y2 ,
又知 AM 2BM ,则 (x 4)2 y2 2 (x 1)2 y2 ,得 x2 y2 4 .
专题 05 与圆有关的轨迹问题与最值问题
题型一 轨迹问题
1.动圆 x2 y2 (4m 2)x 2my 4m2 4m 1 0 的圆心的轨迹方程是 x 2y 1 0(x 1) .
【解答】解:把圆的方程化为标准方程得 [x (2m 1)]2 ( y m)2 m2 (m 0)
3 / 13
【解答】解: ( 1) 由两点式可知,对角线 AC 所在直线的方程为 y 2 2 2 , x4 04
整理得 y x 2 0 ,
3.最值问题之辅助圆(轨迹)

几何最值问题之辅助圆(轨迹)最值问题的必要条件是至少有一个动点,因为是动态问题,所以才会有最值.在将军饮马问题中,折点P 就是那个必须存在的动点.并且它的运动轨迹是一条直线,解题策略就是作端点关于折点所在直线的对称即可.当然,动点的运动轨迹是可以变的,比如P 点轨迹也可以是一个圆,就有了第二类最值问题——辅助圆.在这类题目中,题目很少直接告诉我们动点轨迹是个圆,也很少把这个圆画出来,因此,结合题目给的条件,分析出动点的轨迹图形,将是我们面临的最大的问题.若已经确定了动点的轨迹圆,接下来求最最值的问题就会变得简单了,比如:如下图,A 为圆外一点,在圆上找一点P 使得P A 最小.当然,也存在耿直的题目直接告诉动点轨迹是个圆的 确定共圆的方法有几种,①到定点的距离等于定长②共斜边的直角三角形,定角对定弦③对角互补的四边形 ④同侧内角相等的八字形1.如图,已知圆C 的半径为3,圆外一定点O 满足OC =5,点P 为圆C 上一动点,经过点O 的直线l 上有两点A 、B ,且OA =OB ,∠APB =90°,l 不经过点C ,则AB 的最小值为________.【分析】连接OP ,根据△APB 为直角三角形且O 是斜边AB 中点,可得OP 是AB 的一半,若AB 最小,则OP 最小即可.连接OC ,与圆C 交点即为所求点P ,此时OP 最小,AB 也取到最小值.Alll一、从圆的定义构造圆圆的定义:平面内到定点的距离等于定值的所有点构成的集合.构造思路:若动点到平面内某定点的距离始终为定值,则其轨迹是圆或圆弧.2.如图,在边长为2的菱形ABCD 中,∠A =60°,M 是AD 边的中点,N 是AB 边上的一动点,将△AMN 沿MN 所在直线翻折得到△A ’MN ,连接A ’C ,则A ’C 长度的最小值是__________.【分析】考虑△AMN 沿MN 所在直线翻折得到△A ’MN ,可得MA ’=MA =1,所以A ’轨迹是以M 点为圆心,MA 为半径的圆弧.连接CM ,与圆的交点即为所求的A ’,此时A ’C 的值最小.构造直角△MHC ,勾股定理求CM ,再减去A ’M 即可.A'NMABCDA'NMABCDDCBA MN A'H A'N MA BCD3.如图,在Rt △ABC 中,∠C =90°,AC =6,BC =8,点F 在边AC 上,并且CF =2,点E 为边BC 上的动点,将△CEF 沿直线EF 翻折,点C 落在点P 处,则点P 到边AB 距离的最小值是__________.【分析】考虑到将△FCE 沿EF 翻折得到△FPE ,可得P 点轨迹是以F 点为圆心,FC 为半径的圆弧.过F 点作FH ⊥AB ,与圆的交点即为所求P 点,此时点P 到AB 的距离最小.由相似先求FH ,再减去FP ,即可得到PH .ABCEFPABCEFPB4.如图,已知等边△ABC的边长为8,点P是AB边上的一个动点(与点A、B不重合).直线l是经过点P的一条直线,把△ABC沿直线l折叠,点B的对应点是点B’.当PB=6时,在直线l变化过程中,求△ACB’面积的最大值.【分析】考虑l是经过点P的直线,且△ABC沿直线l折叠,所以B’轨迹是以点P为圆心,PB为半径的圆弧.考虑△ACB’面积最大,因为AC是定值,只需B’到AC距离最大即可.过P作作PH⊥AC交AC于H点,与圆的交点即为所求B’点,先求HB’,再求面积.5.如图,矩形ABCD 中,AB =4,BC =8,P 、Q 分别是直线BC 、AB 上的两个动点,AE =2,△AEQ 沿EQ 翻折形成△FEQ ,连接PF 、PD ,则PF +PD 的最小值是_________.【分析】F 点轨迹是以E 点为圆心,EA 为半径的圆,作点D 关于BC 对称点D ’,连接PD ’,PF +PD 化为PF +PD ’.连接ED ’,与圆的交点为所求F 点,与BC 交点为所求P 点,勾股定理先求ED ‘,再减去EF 即可.Q ABC DEFPD'PFE DCBAQ二、定边对直角知识回顾:直径所对的圆周角是直角.构造思路:一条定边所对的角始终为直角,则直角顶点轨迹是以定边为直径的圆或圆弧. 图形释义:若AB 是一条定线段,且∠APB =90°,则P 点轨迹是以AB 为直径的圆.6.已知正方形ABCD 边长为2,E 、F 分别是BC 、CD 上的动点,且满足BE =CF ,连接AE 、BF ,交点为P 点,则PD 的最小值为_________.【分析】由于E 、F 是动点,故P 点也是动点,因而存在PD 最小值这样的问题,那P 点轨迹如何确定?考虑BE =CF ,易证AE ⊥BF ,即在运动过程中,∠APB =90°,故P 点轨迹是以AB 为直径的圆.连接OC ,与圆的交点即为P 点,再通过勾股定理即可求出PC 长度.思路概述:分析动点形成原理,通常“非直即圆”(不是直线就是圆),接下来可以寻找与动点相关有无定直线与定角.ABEFABCDPF7.如图,E 、F 是正方形ABCD 的边AD 上的两个动点,满足AE =DF ,连接CF 交BD 于点G ,连接BE 交AG 于点H ,若正方形边长为2,则线段DH 长度的最小值是________.【分析】根据条件可知:∠DAG =∠DCG =∠ABE ,易证AG ⊥BE ,即∠AHB =90°,所以H 点轨迹是以AB 为直径的圆弧当D 、H 、O 共线时,DH 取到最小值,勾股定理可求.HGAB CDEFαααHGABCDE F8.如图,Rt △ABC 中,AB ⊥BC ,AB =6,BC =4,P 是△ABC 内部的一个动点,且满足∠P AB =∠PBC ,则线段CP 长的最小值是_________.【分析】∵∠PBC +∠PBA =90°,∠PBC =∠P AB , ∴∠P AB +∠PBA =90°, ∴∠APB =90°,∴P 点轨迹是以AB 为直径的圆弧.当O 、P 、C 共线时,CP 取到最小值,勾股定理先求OC ,再减去OP 即可.9.如图, AB 是半圆O 的直径,点C 在半圆O 上,AB =5,AC =4.D 是弧BC 上的一个动点,连接AD ,过点C 作CE ⊥AD 于E ,连接BE .在点D 移动的过程中,BE 的最小值为 .【分析】E 是动点,E 点由点C 向AD 作垂线得来,∠AEC =90°,且AC 是一条定线段,所以E 点轨迹是以AC 为直径的圆弧.PABCCCB当B 、E 、M 共线时,BE 取到最小值.连接BC ,勾股定理求BM ,再减去EM 即可.10.如图,在Rt △ABC 中,∠ACB =90°,BC =4,AC =10,点D 是AC 上的一个动点,以CD 为直径作圆O ,连接BD 交圆O 于点E ,则AE 的最小值为_________.【分析】连接CE ,由于CD 为直径,故∠CED =90°,考虑到CD 是动线段,故可以将此题看成定线段CB 对直角∠CEB .BB取CB 中点M ,所以E 点轨迹是以M 为圆心、CB 为直径的圆弧.连接AM ,与圆弧交点即为所求E 点,此时AE值最小,22AE AM EM =−==.11.如图,正方形ABCD 的边长为4,动点E 、F 分别从点A 、C 同时出发,以相同的速度分别沿AB 、CD 向终点B 、D 移动,当点E 到达点B 时,运动停止,过点B 作直线EF 的垂线BG ,垂足为点G ,连接AG ,则AG 长的最小值为 .【分析】首先考虑整个问题中的不变量,仅有AE =CF ,BG ⊥EF ,但∠BGE 所对的BE 边是不确定的.GF EDCB A重点放在AE =CF ,可得EF 必过正方形中心O 点,连接BD ,与EF 交点即为O 点.∠BGO 为直角且BO 边为定直线,故G 点轨迹是以BO 为直径的圆.记BO 中点为M 点,当A 、G 、M 共线时,AG 取到最小值,利用Rt △AOM 勾股定理先求AM ,再减去GM 即可.12.如图,正方形ABCD 的边长是4,点E 是AD 边上一动点,连接BE ,过点A 作AF ⊥BE 于点F ,点P 是AD 边上另一动点,则PC +PF 的最小值为________.【分析】∠AFB =90°且AB 是定线段,故F 点轨迹是以AB 中点O 为圆心、AB 为直径的圆.AB C DE F GABCDE FP考虑PC +PF 是折线段,作点C 关于AD 的对称点C ’,化PC +PF 为PC ’+PF ,当C ’、P 、F 、O 共线时,取到最小值.13.如图,在Rt △ABC 中,∠ACB =90°,∠B =30°,AB =4,D 是BC 上一动点,CE ⊥AD 于E ,EF ⊥AB 交BC 于点F ,则CF 的最大值是_________.【分析】∠AEC =90°且AC 为定值,故E 点轨迹是以AC 为直径的圆弧.考虑EF ⊥AB ,且E 点在圆上,故当EF 与圆相切的时候,CF 取到最大值.F EDCBAB连接OF ,易证△OCF ≌△OEF ,∠COF =30°,故CF 可求.三、定边对定角在“定边对直角”问题中,依据“直径所对的圆周角是直角”,关键性在于寻找定边、直角,而根据圆周角定理:同圆或等圆中,同弧或等弧所对的圆周角都相.定边必不可少,而直角则可一般为定角.例如,AB 为定值,∠P 为定角,则A 点轨迹是一个圆.当然,∠P 度数也是特殊角,比如30°、45°、60°、120°,下分别作对应的轨迹圆. 若∠P =30°,以AB 为边,同侧构造等边三角形AOB ,O 即为圆心.若∠P =45°,以AB 为斜边,同侧构造等腰直角三角形AOB ,O 即为圆心.BB若∠P =60°,以AB 为底,同侧构造顶角为120°的等腰三角形AOB ,O 即为圆心.若∠P =120°,以AB 为底,异侧为边构造顶角为120°的等腰三角形AOB ,O 即为圆心.14.如图,等边△ABC 边长为2,E 、F 分别是BC 、CA 上两个动点,且BE =CF ,连接AE 、BF ,交点为P 点,则CP 的最小值为________.【分析】由BE =CF 可推得△ABE ≌△BCF ,所以∠APF =60°,但∠APF 所对的边AF 是变化的.EFCBAP60°EF CBAP所以考虑∠APB =120°,其对边AB 是定值.所以如图所示,P 点轨迹是以点O 为圆心的圆弧.(构造OA =OB 且∠AOB =120°)当O 、P 、C 共线时,可得CP 的最小值,利用Rt △OBC 勾股定理求得OC ,再减去OP 即可.15.如图,△ABC 为等边三角形,AB =2,若P 为△ABC 内一动点,且满足∠P AB =∠ACP ,则线段PB 长度的最小值为_________.120°EF CBAP 120°MOP ABCF E120°ABCP【分析】由∠P AB =∠ACP ,可得∠APC =120°,后同上例题.16.在△ABC 中,AB =4,∠C =60°,∠A >∠B ,则BC 的长的取值范围是________. 【分析】先作图,如下条件不多,但已经很明显,AB 是定值,∠C =60°,即定边对定角.故点C 的轨迹是以点O 为圆心的圆弧.(作AO =BO 且∠AOB =120°)题意要求∠A >∠B ,即BC >AC ,故点C 的轨迹如下图.当BC 为直径时,BC 取到最大值,考虑∠A 为△ABC 中最大角,故BC 为最长边,BC >AB =4.无最小值.4ABC 60°17.如图,AB 是圆O 的直径,M 、N 是弧AB (异于A 、B )上两点,C 是弧MN 上一动点,∠ACB 的角平分线交圆O 于点D ,∠BAC 的平分线交CD 于点E ,当点C 从点M 运动到点N 时,则C 、E 两点的运动路径长的比是_______.【分析】分别考虑C 、E 两点的轨迹,C 点轨迹上是弧MCN ,其对应圆心角为∠MON ,半径为OM (或ON ).再考虑E 点轨迹,考虑到CE 、AE 都是角平分线,所以连接BE ,BE 平分∠ABC ,可得:∠AEB =135°.考虑到∠AEB 是定角,其对边AB 是定线段,根据定边对定角,所以E 点轨迹是个圆,考虑到∠ADB =90°,所以D 点即为圆心,DA 为半径.E 点轨迹所对的圆心角为∠MDN ,是∠MON 的一半,所以C 、E 两点轨迹圆半径之比为1:根号2,圆心角之比为2:1,所以弧长比值为根号2.ABAA。
中考专题:轨迹法求最值

中考复习专题最值问题---轨迹法在中考复习中,分析动点轨迹求最值,首先要确定动点运行的轨迹,可以先选择一些特殊点进行尝试、观察规律;然后猜想验证、确定轨迹。
初中常用的基本轨迹有:(一)直线形1.两定点+等距⇒垂直平分线2.两定线+等距⇒角平分线(二)圆弧形1.一定点+定长⇒圆2.一定线+定角⇒弧下面结合具体的中考题,利用轨迹法解决最值问题进行分析:【翻折问题】如图,在边长为2的菱形ABCD中,∠A=60°,M是边AD的中点,N是AB上一动点(不与A、B重合),将△AMN沿MN所在直线翻折得到△A1MN,连接A1C,画出点N从A到B 的过程中A1的运动轨迹,A1C的最小值为.【分析】在这个问题中,落点A1满足A1M=AM,A1的轨迹是以M为圆心,以MA为半径的弧。
先连接CM,过点M向CD的延长线作垂线,垂足为点H,根据折叠可知点N从A 到B的过程中,A1的运动轨迹为以M为圆心,MA为半径的半圆,再根据勾股定理求得CM 的长,最后根据A1C+A1M≥CM,可得A1C≥CM﹣A1M=﹣1,进而得出A1C的最小值.【解答】解:如图,连接CM,过点M向CD的延长线作垂线,垂足为点H,由折叠可得,若点N与点B重合,则点A1与点D重合,故点N从A到B的过程中,A1的运动轨迹为以M为圆心,MA为半径的半圆,由翻折的性质可得:A1M=AM,∵M是AD边的中点,四边形ABCD为菱形,边长为2,∴AM=A1M=1,∵∠A=60°,四边形ABCD为菱形,∴∠HDM=60°,∵在Rt△MHD中,DH=DM•cos∠HDM=,MH=DM•sin∠HDM=,∴CH=CD+DH=2+=,∴在Rt△CHM中,CM==,∵A1C+A1M≥CM,∴A1C≥CM﹣A1M=﹣1,即当点A1在线段CM上时,A1C的最小值为﹣1.故答案为:﹣1.同类问题:1.如图,在△ABC中,∠ACB=90°,AB=5,BC=3,AC=4,P是AB边上的动点(不与点B重合),将△BCP沿CP所在的直线翻折,得到△B′CP,连接B′A,则B′A长度的最小值是.2.如图,在边长为2的菱形ABCD中,∠A=60°,M是AD边的中点,N是AB边上的一动点,将△AMN沿MN所在直线翻折得到△A′MN,连接A′C,则A′C长度的最小值是.【定弦定角】如图,在正方形ABCD中,动点E,F分别从D,C两点同时出发,以相同的速度在边DC,CB上移动,连接AE和DF交于点P,由于点E,F的移动,使得点P也随之运动.若AD =2,线段CP的最小值是______.【分析】先证得点P在运动中保持∠APD=90°,从而得出点P的路径是一段以AD为直径的弧,连接AD的中点和C的连线交弧于点P,此时CP的长度最小,然后根据勾股定理求得QC,即可求得CP的长.【解答】解:如图:在△ADE和△DCF中,,∴∠DAE≌∠CDF(SAS),∴∠DAE=∠CDF,∵∠DAE+∠AED=90°,∴∠CDF+∠AED=90°,∴∠DPE=∠APD=90°,由于点P在运动中保持∠APD=90°,∴点P的路径是一段以AD为直径的弧,设AD的中点为Q,连接QC交弧于点P,此时CP的长度最小,在Rt△QDC中,QC=,∴CP=QC﹣QP=.故答案为﹣1.总结:解决本题的关键是确定E点运动的轨迹,从而把问题转化为圆外一点到圆上一点的最短距离问题.同类问题:1.如图,在等腰Rt△ABC中,∠BAC=90°,BC=2,点P是△ABC内部的一个动点,且满足∠PBC=∠PCA,则线段AP长的最小值为()A.0.5B.﹣1C.2﹣D.【分析】先计算出∠PBC+∠PCB=45°,则∠BPC=135°,利用圆周角定理可判断点P 在以BC为弦的⊙O上,如图,连接OA交于P′,作所对的圆周角∠BQC,利用圆周角定理计算出则∠BOC=90°,从而得到△OBC为等腰直角三角形,四边形ABOC 为正方形,所以OA=BC=2,OB=,根据三角形三边的关系得到AP≥OA﹣OP(当且仅当A、P、O共线时取等号,即P点在P′位置),于是得到AP的最小值.【解答】解:∵△ABC为等腰直角三角形,∴∠ACB=45°,即∠PCB+∠PCA=45°,∵∠PBC=∠PCA,∴∠PBC+∠PCB=45°,∴∠BPC=135°,∴点P在以BC为弦的⊙O上,如图,连接OA交于P′,作所对的圆周角∠BQC,则∠BCQ=180°﹣∠BPC=45°,∴∠BOC=2∠BQC=90°,∴△OBC为等腰直角三角形,∴四边形ABOC为正方形,∴OA=BC=2,∴OB=BC=,∵AP≥OA﹣OP(当且仅当A、P、O共线时取等号,即P点在P′位置),∴AP的最小值为2﹣.故选:C.2.在△ABC中,∠BCA=90°,AC=BC=2,点P是同一平面内的一个动点,且满足∠BPC=90°,连接AP,线段AP的最小值和最大值分别是多少?【分析】由于∠BPC=90°,所以点P在以BC为直径的圆O上.以BC为直径作圆O,连结AO交圆于两点,则AP1最小,AP2最大.【解答】解:如图,以BC为直径作圆O,连结AO交圆于两点P1,P2,则AP1最小,AP2最大.∵AP1•AP2=AC2,AC=2,P1P2=2,∴AP1(AP1+2)=4,解得AP1=﹣1±(负值舍去),∴AP2=﹣1++2=1+.故线段AP的最小值和最大值分别是﹣1+和1+.3.如图,△ABC中.∠C=90°,点D是边BC上一个动点(点D不与点C重合).以CD为直径的圆交AD于点P.若AC=6.线段BP长度的最小值是2.则AB的长为()A.8B.2C.4D.2【分析】利用圆周角定理得到∠CPD=90°,则可判断点P在以AC为直径的⊙O上,如图,连接OB交⊙O于P′,利用点与圆的位置关系得到BP′=2,再利用勾股定理计算出BC,然后在Rt△ABC中利用勾股定理可计算出AB.【解答】解:∵CD为直径,∴∠CPD=90°,∵∠APC=90°,∴点P在以AC为直径的⊙O上,如图,连接OB交⊙O于P′,∵线段BP长度的最小值是2,∴BP′=2,∴OB=2+3=5,在Rt△OBC中,BC==4,在Rt△ABC中,AB==2.故选:D.【手拉手模型】如图,△ABC为等腰直角三角形,∠C=90°,点P为△ABC外一点,CP=,BP=3,AP的最大值是()A.+3B.4C.5D.3【分析】以CP为边作等腰直角△ECP,∠ECP=90°,由题意可证△ACP≌△BCE,可得AP=BE,根据三角形的三边关系可求BE的最大值,即可得AP的最大值.【解答】解:如图:以CP为边作等腰直角△ECP,∠ECP=90°∵△ECP是等腰直角三角形,∠ECP=90°∴EC=CP=,在Rt△ECP中,EP==2∵△ABC为等腰直角三角形,∠ACB=90°,∴AC=BC,∠ACB=∠ECP=90°∴∠ACP=∠ECB,且AC=BC,EC=CP∴△ACP≌△BCE(SAS)∴AP=BE若点E,点P,点B不共线时,BE<EP+BP;若点E,点P,点B共线时,BE=EP+BP;∴BE≤EP+PB=2+3=5∴BE的最大值为5即AP的最大值为5.总结:解决本题的关键是根据手拉手模型,把AP转化为BE,从而把问题转化三角形的三边关系问题.【瓜豆原理】如图,△ABC是边长为6的等边三角形,点D在边AB上,AD=2,点E是BC上一点,连结DE,将DE绕点D逆时针旋转60°得DF,连结CF,则CF的最小值为()A.2B.C.2D.6﹣3【分析】把△CDB绕点D逆时针旋转60°,得到△C′DB′,过点C作CF′⊥B′C′时,此时的CF′就是CF最小值的情况.因为等边△CBA底边AB上的高(点C到AB的距离)为3,根据∴,解得CF′值就是最小值.【解答】解:把△CDB绕点D逆时针旋转60°,得到△C′DB′,∵∠B=∠BDB′=60°,所以B′在BC上,BB′=BD=4.∵∠C′B′D=60°,∴∠CB′C′=60°,∴B′C′∥AB.过点C作CF′⊥B′C′时,此时的CF′就是CF最小值的情况.∵等边△CBA底边AB上的高(点C到AB的距离)为3,∴,解得CF′=.即CF最小值为.总结:另外这个问题,也可以通过取几个特殊点,观察F的轨迹,实际上是一条线段,然后从定点C到直线的最短距离就是从C点向B′C′作垂线段。
专题70 瓜豆原理中动点轨迹圆或圆弧型最值问题(解析版)

专题70 瓜豆原理中动点轨迹圆或圆弧型最值问题
【专题说明】
动点的轨迹为定圆时,可利用:“一定点与圆上的动点距离最大值为定点到圆心的距离与半径之和,最小值为定点到圆心的距离与半径之差”的性质求解。
确定动点轨迹为圆或者圆弧型的方法:
(1)动点到定点的距离不变,则点的轨迹是圆或者圆弧。
(2)当某条边与该边所对的角是定值时,该角的顶点的轨迹是圆,具体运用如下;
①见直角,找斜边,想直径,定外心,现圆形
①见定角,找对边,想周角,转心角,现圆形
【知识精讲】
如图,P是圆O上一个动点,A为定点,连接AP,Q为AP中点.
考虑:当点P在圆O上运动时,Q点轨迹是?
【分析】观察动图可知点Q轨迹是个圆,而我们还需确定的是此圆与圆O有什么关系?
考虑到Q点始终为AP中点,连接AO,取AO中点M,则M点即为Q点轨迹圆圆心,半径MQ是OP一半,任意时刻,均有△AMQ∽△AOP,QM:PO=AQ:AP=1:2.。
培养轨迹意识,提升思维能力——轨迹意识在几何最值中的妙用

现直线y=x-4的特殊性袁即正好过点A 忆渊0袁-4冤袁从而顺 其中蚁A DC=30毅,则线段BD
O
利解决此题.
的最大值是_____.
C
解题反思院上面举的两例,思路几乎如出一辙,只是
分析院由题意可知:A 、C、
问题的呈现略有区别而已. 其实题2也可以问一些诸如 题1那样的最值问题,还可以问一些有关轨迹长的问题
坐标联想到点定直线 y=x+8 y 动点 (0,8) B
C
(m,m+8)后,“突发奇想” D 点B所在的轨迹为直线y= x+8,如图3所示!
至 此 ,问 题 就 被 转 化
O 定点
图3
A(8,0) x 定点
为:在定直线y=x+8上找一点B,使动点B到定点O及定点
点评院解 决 本 题 最 关 键 的 还 是 第 二 步 袁 即 轨 迹 意 识 袁 想 到 动 点 B 所 在 的 轨 迹 是 一 条 直 线 y =x -4袁 另 外 发
迹意识袁没有利用轨迹思想解决动点问题的想法. 练2院如图9,Rt吟A BC中, D
A C=2 姨 3 ,蚁CA B=30毅,动点 D和点B分别在直线A C异侧,
BA = 姨 2 PA = 姨 2 ·姨m2+82 = 姨2m2+128 .
BO+BA = 姨m2+(m+8)2 + 姨2m2+128 .
这样就将原问题转化为:求 姨m2+(m+8)2 +姨2m2+128
的最小值问题.
关于这个问题,目前是:“山穷水尽疑无路”,难以继
续下去,如何“柳暗花明又一村”? 第 二 步 :见 动 点 B 的
A(8,0)的距离之和最小,即BO+BA 最小,这是一个典型
动点运动轨迹是直线的最值问题求解策略

动点运动轨迹是直线的最值问题求解策略解题方法:(1)利用点到直线的距离即垂线段最短求最值;(2)利用三点共线即三角形三边关系求最值.一、利用点到直线的距离即垂线段最短求最值例1、(2019秋•武昌区期中)如图,Rt△ABC中,∠ACB=90°,∠ABC=60°,BC=5,AC=,CB的反向延长线上有一动点D,以AD为边在右侧作等边三角形,连CE,CE最短为.解:在AC的右侧作等边△ACF,连接EF,则AC=AF=CF=AC=5,∠CAF=∠AFC═60°,∵△ADE是等边三角形,∴AD=AE,∠DAE=60°=∠CAF,∴∠CAD=∠FAE,在△DAC和△EAF中,,∴△DAC≌△EAF(SAS),∴∠ACD=∠AFE∵∠ACB=90°,∴∠ACD=90°,∴∠AFE=90°,∴∠CFE=90°﹣60°=30°,当CE⊥EF时,CE有最小值,∴CE的最小值=CF=.例2、如图,△ABC是等边三角形,且AB=1,点M为直线BC上的一个动点,连结AM,将线段AM绕A点顺时针旋转60°至AD,点N为线段AC上的一个动点,则D、N两点间距离的最小值为.例3、(2019•宿迁)如图,正方形ABCD的边长为4,E为BC上一点,且BE=1,F为AB边上的一个动点,连接EF,以EF为边向右侧作等边△EFG,连接CG,则CG的最小值为 .解:由题意可知,点F是主动点,点G是从动点,点F在线段上运动,点G也一定在直线轨迹上运动将△EFB绕点E旋转60°,使EF与EG重合,得到△EFB≌△EHG,从而可知△EBH为等边三角形,点G在垂直于HE的直线HN上,作CM⊥HN,则CM即为CG的最小值,作EP⊥CM,可知四边形HEPM为矩形,则CM=MP+CP=HE+EC=1+=,故答案为.例4、(2019秋•诸暨市期末)如图,菱形ABCD的边长为4,∠B=120°,E是BC的中点,F是对角线AC上的动点,连结EF,将线段EF绕点F按逆时针旋转30°,G为点E对应点,连结CG,则CG 的最小值为 .解:如图取CD的中点K,连接FK,KG,EK,延长KG交BC于J,作CH⊥JK于H.∵四边形ABCD是菱形,∴∠FCE=∠FCK,CE=CK,AB∥CD,∴∠DCB+∠B=180°,∵∠B=120°,∴∠DCB=60°,∵BE=EC,CK=KD,∴CK=CE,∴△ECK是等边三角形,∵CF=CF,∠FCK=∠FCE,CK=CE,∴△FCK≌△FCE(SAS),∴FK=FE,∵FG=FE,∴FE=FG=FK,∴∠EKG=∠EFG=15°,∵∠CKE=60°,∴∠CKJ=45°,∴点G在直线KJ上运动,根据垂线段最短可知,当点G 与H重合时,CG的值最小,在Rt△CKH中,∵∠CKH=45°,∠CHK=90°,CK=CD=2,∴CH=KH=,∴CG的最小值为.二、利用三点共线即三角形三边关系求最值例5、如图,Rt△ABC中,AB=AC=8,BO=AB,点M为BC边上一动点,将线段OM绕点O按逆时针方向旋转90°至ON,连接AN、CN,则AN+CN的最小值为 .解:如图,作OH⊥BC于H,NJ⊥OH于J.∵AB=AC,∠BAC=90°,∴∠ABC=45°,∵OH⊥BC于H,∴OH=BH,∴OB=AB,AB=8,∴OB=2,∴OH=BH=,∵OM=ON,∠OHM=∠NJO=90°,∠NOJ=∠OMH,∴△OHM≌△NJO(AAS),∴JN=OH=,∴点N的运动轨迹是直线(该直线与直线OH平行,在OH的右侧,与OH的距离是)作点C关于该直线的对称点C′,连接AC′交该直线于N′,连接CN′,此时AN+CN的值最小为AC′,作AG⊥BC于G.在Rt△AGC′中,AC′==4,∴AN+CN的值最小为4.练习:1、(2019秋•东台市期中)如图,正方形ABCD中边长为6,E为BC上一点,且BE=1.5,F为AB边上的一个动点,连接EF,以EF为边向右侧作等边△EFG,连接CG,则CG的最小值为 .解:由题意可知,点F是主动点,点G是从动点,点F在线段上运动,点G也一定在直线轨迹上运动将△EFB绕点E旋转60°,使EF与EG重合,得到△EFB≌△EHG,从而可知△EBH为等边三角形,点G在垂直于HE的直线HN上,作CM⊥HN,则CM即为CG的最小值,作EP⊥CM,可知四边形HEPM为矩形,则CM=MP+CP=HE+EC==.2、如图,长方形 ABCD 中,AB=3,BC=4,E 为 BC 上一点,且 BE=2,F 为 AB 边上的一个动点,连接 EF,将 EF 绕着点 E 顺时针旋转 45˚到 EG 的位置,连接 FG 和 CG,则 CG 的最小值为.F解:由题意可知,点F 是主动点,点G 是从动点,点F 在线段上运动,点G 也一定在直线轨迹上运动, 将△EFB 绕点E 旋转45°,使EF 与EG 重合,得到△EFB ≌△EHG ,从而可知△EBH 为等腰直角三角形,点G 在垂直于HE 的直线HG上,作CM ⊥HG ,则CM即为CG 的最小值,作EN ⊥CM ,可知四边形HENM 为矩形,则CM =MN +CN =HE EC =12 3、(2019•南平模拟)如图,在矩形ABCD 中,AB =3,BC =4,P 是对角线AC 上的动点,连接DP ,将直线DP绕点P 顺时针旋转使∠DPG =∠DAC ,且过D 作DG ⊥PG ,连接CG ,则CG 最小值为解:如图,作DH ⊥AC 于H ,连接HG 延长HG 交CD 于F ,作HE ⊥CD 于H .∵DG ⊥PG ,DH ⊥AC ,∴∠DGP =∠DHA ,∵∠DPG =∠DAH ,∴△ADH ∽△PDG ,∴=,∠ADH =∠PDG ,∴∠ADP =∠HDG ,∴△ADP ∽△DHG ,∴∠DHG =∠DAP =定值, ∴点G 在射线HF 上运动,∴当CG ⊥HE 时,CG 的值最小,∵四边形ABCD 是矩形,∴∠ADC =90°,∴∠ADH +∠HDF =90°,∵∠DAH +∠ADH =90°,∴∠HDF =∠DAH =∠DHF ,∴FD =FH ,∵∠FCH +∠CDH =90°,∠FHC +∠FHD =90°,∴∠FHC =∠FCH ,∴FH =FC =DF =1.5, 在Rt △ADC 中,∵∠ADC =90°,AD =4,CD=3,∴AC ==5,DH ==, ∴CH ==,∴EH ==,∵∠CFG =∠HFE ,∠CGF =∠HEF =90°,CF =HF ,∴△CGF ≌△HEF (AAS ),∴CG =HE =,∴CG 的最小值为. 4、如图,菱形ABCD 的边长为8,∠A =120°,E 是BC 的中点,F 是对角线BD 上的一动点,连结EF ,将线段EF 绕点F 按逆时针旋转30°得到线段GF ,连结BG ,则BG 的最小值为 .BB解:如图取AB的中点H,连接FH,HG,EH,延长HG交BC于M,作BM⊥HM于N.可得△EBH是等边三角形,△FBE≌△FBH,∴FH=FE ,∵FG=FE,∴FE=FG=FH,∴H、G、E在圆F上,∴∠EHG=∠EFG=15°,∵∠BHE=60°∴∠BHN=45°,∴点G在直线HM上运动,根据垂线段最短可知,当点G与N重合时,BG的值最小。
解读双动点轨迹之线段最值问题的捆绑变换

以以图片或者视频为基础,结合数学知识点创设情境视频,让学生们在看视频的过程中学习,也可以是在学习的时候通过图片中的情境展开教学,进而完成教学任务.例如,以“画正多边形”这一课学习为例,由于正多边形在生产、生活实际中有广泛的应用性,所以会画正多边形应是学生必备能力之一.这一课的学习目标就是要让学生们能够画正多边形,并且能够应用画正多边形解决实际问题,通过运用正多边形的有关计算和画图解决实际问题培养学生分析问题、解决问题的能力.教师通过播放视频让学生们看一下画正多边形的步骤,学生们跟着视频的脚步画出正多边形,作出已知圆的互相垂直的直径即得圆内接正方形,再过圆心作各边的垂线与圆相交,或作各中心角的角平分线与圆相交,即得圆内接正八边形,照此方法依次可作正十六边形、正三十二边形、正六十四边形…运用多媒体创设情境的教学方式,能够将多媒体技术与课堂教学有机结合,是一种积极的,合作的教学模式,由于其视听结合、手眼并用的特点及其模拟、反馈、个别指导和游戏的内在感染力,故具有极大的吸引力,最终使学生成为学习的主人,做到自主学习和高效学习.在现行教学中恰当、正确地使用多媒体手段来辅助教学,有助于提高学生学习兴趣,突破教学难点,对优化数学教学起着显著的作用.实验教学将数学知识点与实验相结合,进而让学生们的学习兴趣提高,都参与到教师创设的实验环境中,进而让学生们的学习效率得到提升;提出问题的教学方式不仅能够将即将学习的课题引出来,还能够帮助学生认清学习的目标,对于需要学习什么有更清晰的认识;还可以通过多媒体创设情境的教学措施让学生们更加直观地学习相关的数学知识,让学生掌握数学知识.参考文献:[1]刘坚.初中数学新课导入的教学策略研究[J ].中国校外教育,2015(13):26.[2]毕连庆.初中数学教学模式的探究和实践[J ].课程教育研究,2013(31):130.[3]毕连庆.初中数学教学模式的探究和实践[J ].课程教育研究,2013(31):130.[4]何晓艳.初中数学教学中问题解决教学模式的应用探讨[J ].课程教育研究,2013(32):142-143.[5]林可赞.初中数学教学中实施以学定教的策略探讨[J ].数学学习与研究,2014(06):17.[6]张灵.浅谈“创新思维”对提高初中数学教学的有效性[J ].数学学习与研究,2014(06):48.[7]张义家.浅析提升初中数学教学效率的几个方法[J ].数学学习与研究,2014(08):27-28.[责任编辑:李克柏]解读双动点轨迹之线段最值问题的捆绑变换李登位(湖北省恩施市龙凤民族初级中学445000)摘要:在近几年中考题的选择题、填空题及压轴题中,我们经常会碰到一类求线段最值的问题.线段最值问题通常是动点轨迹问题.针对这样的问题,寻找从主动点到从动点的变换关系,求线段最值问题中的一种类型,把它叫做“捆绑变换”.解决这类问题的关键是动中求静,灵活运用有关数学知识解决问题.关键词:双动点轨迹;线段最值问题;捆绑变换中图分类号:G632文献标识码:A文章编号:1008-0333(2019)26-0021-02收稿日期:2019-06-15作者简介:李登位(1968.1-),男,湖北省恩施人,本科,中学一级教师,从事初中数学教学研究.一、前言所谓“动点型问题”是指题设图形中存在一个或多个动点,它们在线段、射线或弧线上运动的一类开放性题目.从变换的角度和运动变化来研究三角形、四边形、函数图象等几何图形,通过“图形变换、动点的运动”等研究手段和方法,来探索与发现图形性质及图形变化,在解题过程中渗透空间观念和合情推理.选择基本的几何图形,让学生经历探索的过程,以能力立意,考查学生的自主探究能力,促进培养学生解决问题的能力.在动点的运动过程中观察图形的变化情况,需要理解图形在不同位置的情况,才能做好计算推理的过程.在变化中找到不变的性—12—质是解决数学“动点”探究题的基本思路,这也是动态几何数学问题中最核心的数学本质.二、举例解析数学卷中的数学压轴题中涉及数形结合、动态几何、动手操作、实验探究等方面题型较多、题意创新,目的是考查学生的分析问题、解决问题的能力,内容包括空间观念、应用意识、推理能力等,更好地培养学生解题素养.线段最值问题最常见的就是定点到动点最大距离或最小距离问题.因此,解决这类问题的关键在于弄清楚动点运动的轨迹.下面学习如何利用“捆绑变换”思想来探寻动点轨迹,从而解决线段的最值问题.例1如图1,矩形ABCD 中,AD =2AB =4,长度为2的动线段AE 绕点A 旋转,连接EC ,取EC 的中点F ,连接DF ,求线段DF 长的最大值和最小值.思路分析利用几何画板观察到,E 点为主动点,轨迹是圆,F 点为从动点,轨迹也是圆,E 在以A 为圆心AE 为半径的圆上.需要找到F 点所在圆的圆心和半径,捆绑AE 作相同的变换,即:将圆心A 仿照E 作相同的变换得到F 点所在圆的圆心,连接AC ,取AC 的中点O ,点O 就是F 点所在圆的圆心.因O 、F 分别是AC 、EC 的中点,则OF 是△ACE 的中位线,OF =12AE =1,所以点F 在以O 为圆心,1为半径的圆上运动.根据勾股定理求得AC =AD 2+CD 槡2槡=25,OD =12AC 槡=5.所以DF 长的最大值为槡5+1,最小值为槡5-1.例2如图2,AB =4,O 为AB 的中点,⊙O 的半径为1,点P 是⊙O 上一动点,以点P 为直角顶点作等腰三角形△PBC (点P 、B 、C 按照逆时针方向排列),则线段AC 长的取值范围是.思路分析需要明白从主动点P 到从动点C 是作了怎样的变换?利用几何画板观察到,将点P 绕着点B 按照顺时针方向旋转45度并将BP 放大到槡2倍得到点C ,再找从动点C 所在圆的圆心和半径,捆绑OP 作相同的变换,即:将点O 绕着点B 按照顺时针旋转45度并将BO 放大到槡2倍得到点O',则点O'就是点C 所在圆的圆心,半径为O'C.连接点O'C ,连接OP ,易得BO BO /=BP BC =1槡2,则△OBP ∽△O'BC ,得CO /PO =CBPB 槡=2,所以CO'槡=2,点C 在以O'为圆心,槡2为半径的圆上运动.根据勾股定理求得AO'=BO'槡=22,所以AC 长的最大值为槡槡槡22+2=32,最小值为槡槡槡22-2=2.线段AC 长的取值范围是槡2≤AC ≤槡32.例3如图,点O 为坐标原点,⊙O 的半径为1,点A(2,0).动点B 在⊙O 上,连接AB ,作等边三角形△ABC (A 、B 、C 为顺时针顺序),求OC 的最大值与最小值.思路分析需要明白从主动点B 到从动点C 是作了怎样的变换?利用几何画板观察到,将点B 绕着点A 按照顺时针方向旋转60度得到点C ,再找从动点C 所在圆的圆心和半径,捆绑OB 作相同的变换,即:将点O 绕着点A 按照顺时针旋转60度得到点O',即以OA 为边向上作等边△OAO',则点O'就是点C 所在圆的圆心,半径为O'C.连接BO 、CO',因△ABC 和△OAO'均为等边三角形,则AO =AO',AB =AC ,∠BAO =∠CAO',得△ABC ≌△OAO',CO'=BO =1,点C 在以O'为圆心,1为半径的圆上运动,而OO'=AO =2,CO'=BO =1,所以CO 的最大值为3,最小值为1.以双动点为载体,图形为背景,运动变化为主线创设的求线段最值问题,集多个知识点为一体,集多种解题思想于一题,要求学生认真读题、领会题意、画出不同情况下的图形,判断动点运动轨迹的形状是解题的关键,根据图形建立变量之间的关系,要求学生有扎实的基础知识、灵活的解题方法、良好的思维品质;在解题思想上着重对数形结合思想、分类讨论思想、数学建模等思想的灵活运用.要以静代动的解题思想解题.参考文献:[1]周礼寅.隐性路径显性分析[J ].中国数学教育(初中版),2011(4):24-26.[责任编辑:李克柏]—22—。
例谈瓜豆原理中动点轨迹最值问题的求解策略

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有轨可依 有迹可循——品味轨迹法在解题中的应用

有轨可依有迹可循——品味轨迹法在解题中的应用
孙小龙
【期刊名称】《数学通讯:学生阅读》
【年(卷),期】2015(000)004
【摘要】(江苏省常州市2014届高三期末考试第14题)在平面直角坐标系xOy 中,已知圆O:x2+y2=16.点P(1,2),M,N为圆O上不同的两点,且满足→PM·→P=0.
【总页数】3页(P8-10)
【作者】孙小龙
【作者单位】江苏省如皋市第一中学 226500
【正文语种】中文
【中图分类】G633.6
【相关文献】
1.轨迹法在最值问题中的应用 [J], 张青
2.也谈逐段筛选法在解导数压轴题中的应用 [J], 栾功
3.最值问题有法可依基本图形彰显魅力——“最短路径问题”在几何解题中的应用 [J], 胡厚伟
4.有轨可依有迹可循——品味轨迹法在解题中的应用 [J], 孙小龙
5.有轨可依有迹可循——品味轨迹法在解题中的应用 [J], 孙小龙
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又 A( ,) D( cc , c0 , 2 , ) 直 线 0 c , 2 ,) F(即 点 ,直 雎与 圆 的 得 (,)为 F 线 椭 c 鲁詈 __ 故
点 、 轴长 为 6的椭 圆上. 长 注意 到焦 距 C =A D C一
:
2 . c
注 本题 若用 常 规法计 算 量较 大 , 对计算 能
z + y 一4 ( [ z一 6 + y ] ) ,
整 理 得 ( 4 y 一 1 . 以 A 到 B 边 的 z一 ) + 6 所 D
解 法 2 常规法 ) 设 B = 则 A ( C: z, = C一√ , 2 且 X+2> √ .,2 + > 2 解得 2√ 2E√ Y , (2— 1 < ) X< 2√ ( 2+ 1 . ) 又设 AC B一0 则 ,
・
4 ・ 0
中学数 学 月刊
2 1 年第 1 01 O期
轨 迹 法 在 最 值 问 题 中 的 应 用
张 青 ( 苏 省 苏 州 中 学 江 25 0 ) 1 0 7
本 文将 通 过 三 个 例 题 来 讨 论 轨 迹 法 在 最 值 问题 中 的应用 . 为叙 述方 便 , 我们先 介绍 一下 阿波
思路 审视 此 题
椭 圆上 顶点 A作 右 准线 l的垂线 , 足 为 D, 垂 线段
D 与椭 圆的交点 是 M . 问 : 否 存 在 , T F 试 是 使 A
—
T 成立 ? 若存 在 , 出 2的值 ; 不存 在 , M 求 若 试
思 路 审 视 此 题 的
的常 规思 路 是先 求 出直
z 。
一
{ 7
一z, 以 P 所 C+ P 一6 所 以 P点 在 以 C, D . D为 焦
21 0 1年第 1 O期
中学 数学 月 刊
・4 ・ 1
r● ●● ● ●● , 、● ●● ● ●【
8— 3— f 1 5 f I 5
例 谈 解 析 几 何 中处 理 交 点 的 策 略
蔡 欣 ( 苏省 南京 市金 陵 中 学 2 0 0 ) 江 1 0 5
解 析几 何 中经 常碰 到处 理 交 点 的 问题 , 这类 问题 着重 考查 解析 几 何 与 方 程 的 综 合 运用 . 这 在 类 问题 中 , 往需要 解 方程组 , 有 时这 样 的方程 往 但
交 点 F在直 线 AP 上 . 点 评 将原 问题 转 化为 证 明直线 B E与直 线 AP的交 点在 椭 圆C上. 一 处理交 点 的策 略 回避 这 了解 一个 相对 复 杂 的二 元 二 次方 程 组 , 只 要 解 而
例 子. 例 2 苏州 中学期末 考试题 ) 在 等腰 三角形 ( C中, AB—A 若 AC边 上 的 中线 长 为 6 则 C, ,
△A BC面积 s ^ △B 的最 大值 为
1
一
.
的距 离 的最 大 值 , 就是 求 C点 的轨 迹 圆上 的点 也 到直线 AB 的距 离 的最大 值.
线 B 与椭 圆 的交 点 F E 的坐 标 , 后 证 明 点 F 然 在 直 线 AP 上 . 程 中 过 图1
说 明理 由.
D
一
常 规 思 路 是 先 求 出直 线
D 与 椭 圆 的交 点 M 的 F
坐标 , 后 分 别 计 算 T 然 A 与T 的坐 标 , 而考 察 M 进 是 否 存 在 , 有 一
解 法 1 轨 迹 法 ) 以 A 为 原 点 、 B 所 在 的 直 ( A
分 析 设 AC边 上 的中线 为AD, 易知 S A。 △B
SA △f 。一 s Ac 所 以要求 s A 的最 大值 , △B , △B 只
厶
线 为 z轴建 立直 角坐标 系 , A( , ) B( , )设 则 OO , 2 O.
要求 S A。的最 大值. △B △A D 中 , D 长为 定值 6 B B , A = 2 D. B = A 这样 就转 化 为 例 1同样 的 问题 , 由 = 即 点 A 的轨迹 是 圆得 出 S A。的最大值 . △B 解 设 AC边 上 的 中线 为 AD, 易知 S Ao △ B 一
_ .
2
. 2
例 2 椭 圆 c: + 一 1 n> b> o 的 离 ( )
n
2
例 l 已知 椭 圆 c: + y =1 上 下 两 顶 点 = 的 =
心率 e 为 , 焦 点为 F, 准线 z X轴 于 丁, 右 右 交 过
厶
为 A, z轴 上 的两 点 E( ,) P( ,) 求 证 : B, 10 , 4 0 , 直 线 B 与 椭 圆 C 的交 点 F 在直 线 AP上. E
圆. 这个 结论 称作 阿波罗尼 斯 轨迹定 理.
我 们先 从 2 0 0 8年江苏 高 考数学 卷第 1 3题开
始. 例 1 2 0 年 江 苏卷 1 题 ) 若 AB=2 A (0 8 3 = , C一 =
是不仅 要会 算 , 而且要 算对 . 这样 我们 需要 选取计
算 量小 且容 易算对 的方法做 填 空题.
为进 一 步 介绍 轨 迹 法 的应 用 , 们 再 举 两个 我
√ C, s A 2 B 则 △B c的最 大值 为
.
分析 对 于 填 空 题 来 说 , 们 需 要 选 用 简 我
单、 快捷 而且 计算 不 易 出错 的方 法解 决. 阿 波罗 从
尼斯 圆的定 义 我 们 发 现本 题 中 的 C 点 轨 迹 是 个 圆. 考虑 到线段 AB 的长度 是个 定值 , 以要 求 三 所 角 形面 积 S Ac的最 大值 , △B 只要 求 C点 到直 线 AB
\ \ 、
.
求交 点 F的坐标 时 , 必 要 解 由直 线 B 的二 元 势 E
一
次方 程 和椭 圆 C 的 二元 二 次 方 程 构 成 的方 程
图 2
组 . 否 回避 解 这 一方 程 组 呢 ? 考 虑原 问题 等 价 能 于证 明直 线 B 与直线 AP 的交点 在 椭 圆 C 上. E
罗尼斯 圆.
一
÷  ̄一 ( 一 1 ) 1 8, / 。 2 + 2
当X 一1 , z一2 ∈ ( ( 一 1 , ( + 2即 2 ) 2
在平 面上 给定 相异 两点 A, 设 P点 在 同一 B, 平 面上且 满足 P P A/ B— 当 > 0 , 且 ≠ 1 , 时 P点 的轨 迹 是个 圆 , 这个 圆我 们 称作 阿 波 罗尼 斯
s 最 值 吉D2 2. △ 大 为 c・ 的 一
2 以 圆 标 方 为 + 一 f I 力 偏弱 的学 生来 说 容 易即使 有 这种 类 并 不 知 道 什 , 椭 的 准 程 普 鲁 1J l 大距 离 一般 都 能取 到 , 算 错.时候 你 型 的题 目最 所 ,f l P l  ̄
到 C 的可 能 的最 大距 离 为 2 . 易 知 当 P是 D 又 BC 中点 时 , P到 C 的距 离 为 2 , D 因此 L ) 厂 ( 一 么 时候 能取 得 , 对 填 空 题来 说 能不 能 取 到 似 乎 但 不是 最重 要 的 , 重要 的是 找 到最 佳 方 法 , 速 、 最 快 正确 算 出结果 .
解 . 否 回避 解 这个 方 程 组 ? 原 问题 等 价 于 考察 能 直 线 D 与 直线 A丁 的交 点是 否在 椭 圆 C上. F
解 易得 a 2 , —c 故 椭 圆 C的方 程为 =√ f b ,
z。+ 2 y 一 2 。 c.
直线 y 易 点__在 圆 :+。1 , DF 的方 程为 Y—z~c, AT 的方程 为 + 2 证 ( 詈 椭 c =上而 鲁I _) , 等 = =
1 ) ,△B ) 时 s Ac取得 最大值 2 2 √.
在 常 规法 中我们 略去 了化简 整 理 的过 程 . 对
比两种 方法 , 们 可 以看 到 作 为 一 个填 空 题 来 说 我 使 用常 规 的方法 计 算 量偏 大 , 且 对 于计 算 整 理 而 能力不 强 的学生 容易算 错 . 填空 题如 果算错 , 么 那 得 分 和完全 不会 是 一 样 的. 以 填 空题 的要 求 就 所
1
C( ) 由 AC x, , 一2 C。 B 得 。 。 Ez一 2 +y 一2 ( )
+y ] 整 理得 ( , z一 4 。 ) + 一8 易 见 C点 轨迹 圆 .
的圆心 在 " 上 , A B 半径 r √ 所 以 c点 到 直 线 一2 2, AB 的距 离 的最大值 为 2 2 从 而 s 加 √ , △ 的最大 值 为 2 √.
为 比较 在 做填 空题 时 这种 方 法 的优 势 , 们 我 这 里也 给 出常规 解法 .
s 。 △ 一去s A . △B 以点 B为原点、 D所在的边为 c B
厶
z轴建 立直 角坐 标 系 , 样 B( , )D( , ) 并设 这 O O , 6O ,
A( , .由 AB 一 2 ) AD 得
解 直 线 B 的方 程 为 Y— 一 1 直 线 A 的 E , P
T . 程 中求 交点 M 的坐标 时 , M 过 势必 要解 由直线 D 的二 元一 次 方程 和椭 圆 C 的二 元 二 次方 程 构 F
成 的方程 组 , 得 两个 交 点 坐 标 后 还 需 舍 掉 一个 解
方 程为z , y 一 : +4:4联立{ 解得
C S0: z。 z O = 2 + 一 4
—
最 大距 离 为 4 因此 S 彻。的 最 大 值 为 1 , 而 , △ 2从
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