固体物理重点计算题详细解答
本科阶段固体物理期末重点计算题完整版

本科阶段固体物理期末重点计算题HUA system office room 【HUA16H-TTMS2A-HUAS8Q8-HUAH1688】第一章 晶体结构1. 氯化钠与金刚石型结构是复式格子还是布拉维格子,各自的基元为何?写出这两种结构的原胞与晶胞基矢,设晶格常数为a 。
解:氯化钠与金刚石型结构都是复式格子。
氯化钠的基元为一个Na +和一个Cl -组成的正负离子对。
金刚石的基元是一个面心立方上的C原子和一个体对角线上的C原子组成的C原子对。
由于NaCl 和金刚石都由面心立方结构套构而成,所以,其元胞基矢都为:相应的晶胞基矢都为:2. 六角密集结构可取四个原胞基矢123,,a a a 与4a ,如图所示。
试写出13O A A '、1331A A B B 、2255A B B A 、123456A A A A A A 这四个晶面所属晶面族的晶面指数()h k l m 。
解:(1).对于13O A A '面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1,12-,1。
所以,其晶面指数为()1121。
(2).对于1331A A B B 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1,12-,∞。
所以,其晶面指数为()1120。
(3).对于2255A B B A 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1-,∞,∞。
所以,其晶面指数为()1100。
(4).对于123456A A A A A A 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:∞,∞,∞,1。
所以,其晶面指数为()0001。
3. 如将等体积的硬球堆成下列结构,求证球体可能占据的最大体积与总体积的比为:简立方:6π;面心立方:6;六角密集:6;金刚石:16。
证明:由于晶格常数为a ,所以:(1).构成简立方时,最大球半径为2m aR =,每个原胞中占有一个原子,(2).构成体心立方时,体对角线等于4倍的最大球半径,即:4m R ,每个晶胞中占有两个原子,(3).构成面心立方时,面对角线等于4倍的最大球半径,即:4m R ,每个晶胞占有4个原子,(4).构成六角密集结构时,中间层的三个原子与底面中心的那个原子恰构成一个正四面体,其高则正好是其原胞基矢c 的长度的一半,由几何知识易知3m R =c 。
固体物理考试要点及部分答案

名词解释1、什么是简单晶格和复式晶格?答:简单晶格:如果晶体由完全相同的一种原子组成,且每个原子周围的情况完全相同,则这种原子所组成的网格称为简单晶格。
复式晶格:如果晶体的基元由两个或两个以上原子组成,相应原子分别构成和格点相同的网格,称为子晶格,它们相对位移而形成复式晶格。
5、晶体包含7大晶系,14种布拉维格子,32个点群?试写出7大晶系名称;并写出立方晶系包含哪几种布拉维格子。
答:七大晶系:三斜、单斜、正交、正方、六方、菱方、立方晶系。
24、引入玻恩卡门条件的理由是什么?答:(1)方便于求解原子运动方程.由本教科书的(3.4)式可知, 除了原子链两端的两个原子外, 其它任一个原子的运动都与相邻的两个原子的运动相关. 即除了原子链两端的两个原子外, 其它原子的运动方程构成了个联立方程组. 但原子链两端的两个原子只有一个相邻原子, 其运动方程仅与一个相邻原子的运动相关, 运动方程与其它原子的运动方程迥然不同. 与其它原子的运动方程不同的这两个方程, 给整个联立方程组的求解带来了很大的困难.(2)与实验结果吻合得较好.对于原子的自由运动, 边界上的原子与其它原子一样, 无时无刻不在运动. 对于有N个原子构成的的原子链, 硬性假定的边界条件是不符合事实的. 其实不论什么边界条件都与事实不符. 但为了求解近似解, 必须选取一个边界条件. 晶格振动谱的实验测定是对晶格振动理论的最有力验证(参见本教科书§3.2与§3.4).玻恩卡门条件是晶格振动理论的前提条件. 实验测得的振动谱与理论相符的事实说明, 玻恩卡门周期性边界条件是目前较好的一个边界条件.固体物理复习要点名词解释1、基元、布拉伐格子、简单格子。
2、基矢、原胞3、晶列、晶面4、声子5、布洛赫定理(Bloch定理)6、能带能隙、晶向及其标志、空穴7、紧束缚近似、格波、色散关系8、近自由近似9、振动模、10、施主,N型半导体、受主,P型半导体11、本征光吸收;本征吸收边12、导带;价带;费米面简单回答题 1、 倒格子是怎样定义的?为什么要引入倒格子这一概念? 2、如果将等体积的刚球分别排成简单立方、体心立方、面心立方结构,则刚球所占体积与总体积之比分别是多少?3、在讨论晶格振动时,常用到Einstein 模型和Debye 模型,这两种模型的主要区别是什么?以及这两种模型的局限性在哪里?6、 叙述晶格周期性的两种表述方式。
(完整word版)固体物理学习题解答(完整版)

《固体物理学》部分习题参考解答第一章1.1 有许多金属即可形成体心立方结构,也可以形成面心立方结构。
从一种结构转变为另一种结构时体积变化很小.设体积的变化可以忽略,并以R f 和R b 代表面心立方和体心立方结构中最近邻原子间的距离,试问R f /R b 等于多少?答:由题意已知,面心、体心立方结构同一棱边相邻原子的距离相等,都设为a :对于面心立方,处于面心的原子与顶角原子的距离为:R f=2 a 对于体心立方,处于体心的原子与顶角原子的距离为:R b=2a 那么,Rf Rb31.2 晶面指数为(123)的晶面ABC 是离原点O 最近的晶面,OA 、OB 和OC 分别与基失a 1,a 2和a 3重合,除O 点外,OA ,OB 和OC 上是否有格点?若ABC 面的指数为(234),情况又如何?答:根据题意,由于OA 、OB 和OC 分别与基失a 1,a 2和a 3重合,那么 1.3 二维布拉维点阵只有5种,试列举并画图表示之。
答:二维布拉维点阵只有五种类型:正方、矩形、六角、有心矩形和斜方。
分别如图所示:1.4 在六方晶系中,晶面常用4个指数(hkil )来表示,如图所示,前3个指数表示晶面族中最靠近原点的晶面在互成120°的共平面轴a 1,a 2,a 3上的截距a 1/h ,a 2/k ,a 3/i ,第四个指数表示该晶面的六重轴c 上的截距c/l.证明:i=-(h+k ) 并将下列用(hkl )表示的晶面改用(hkil )表示:(001)(133)(110)(323)(100)(010)(213)答:证明设晶面族(hkil )的晶面间距为d ,晶面法线方向的单位矢量为n °。
因为晶面族(hkil )中最靠近原点的晶面ABC 在a 1、a 2、a 3轴上的截距分别为a 1/h ,a 2/k ,a 3/i ,因此123o o o a n hda n kd a n id=== ……… (1) 正方 a=b a ^b=90° 六方 a=b a ^b=120° 矩形 a ≠b a ^b=90° 带心矩形 a=b a ^b=90° 平行四边形 a ≠b a ^b ≠90°由于a 3=–(a 1+ a 2)313()o o a n a a n =-+把(1)式的关系代入,即得()id hd kd =-+ ()i h k =-+根据上面的证明,可以转换晶面族为(001)→(0001),(13)→(1323),(110)→(1100),(323)→(3213),(100)→(1010),(010)→(0110),(213)→(2133)1.5 如将等体积的硬球堆成下列结构,求证球可能占据的最大面积与总体积之比为(1)简立方:6π(2)体心立方:8(3)面心立方:6(4)六方密堆积:6(5)金刚石:。
固体物理重点计算题

固体物理重点计算题1.3、证明:⾯⼼⽴⽅的倒格⼦是体⼼⽴⽅;体⼼⽴⽅的倒格⼦是⾯⼼⽴⽅。
证明:(1)⾯⼼⽴⽅的正格⼦基⽮(固体物理学原胞基⽮):123()2()2()2a a j k a a i k a a i j ?=+??=+=+由倒格⼦基⽮的定义:1232()b a a π=?Ω31230,,22(),0,224,,22a a a aaa a a a a Ω=??==,223,,,0,()224,,022i j k a a aa a i j k a a ?==-++213422()()4a b i j k i j k a aππ∴=??-++=-++同理可得:232()2()b i j k ab i j k aππ=-+=+- 即⾯⼼⽴⽅的倒格⼦基⽮与体⼼⽴⽅的正格基⽮相同。
所以,⾯⼼⽴⽅的倒格⼦是体⼼⽴⽅。
(2)体⼼⽴⽅的正格⼦基⽮(固体物理学原胞基⽮):123()2()2()2a a i j k a a i j k a a i j k ?=-++?? =-+=+-由倒格⼦基⽮的定义:1232()b a a π=?Ω3123,,222(),,2222,,222a a a a a a aa a a a a a -Ω=??=-=-,223,,,,()2222,,222i j k a a a aa a j k a a a ?=-=+-213222()()2a b j k j k a aππ∴=??+=+同理可得:232()2()b i k ab i j aππ=+=+ 即体⼼⽴⽅的倒格⼦基⽮与⾯⼼⽴⽅的正格基⽮相同。
所以,体⼼⽴⽅的倒格⼦是⾯⼼⽴⽅。
1.5、证明倒格⼦⽮量112233G h b h b h b =++垂直于密勒指数为123()h h h 的晶⾯系。
证明:因为33121323,a a a a C A C B h h h h =-=-,112233G h b h b h b =++ 利⽤2i j ij a b πδ?=,容易证明123123h h h h h h G C A G C B ?=?=所以,倒格⼦⽮量112233G h b h b h b =++垂直于密勒指数为123()h h h 的晶⾯系。
固体物理试题解答

一.简答题(20)1、玻恩-卡门边界条件及其重要意义。
玻恩-卡门边界条件:设想在一长为Na 的有限晶体边界之外,仍然有无穷多个相同的晶体,并且各块晶体内相对应的原子的运动情况一样,即第j 个原子和第tN +j个原子的运动情况一样,其中t=1,2,3…。
书P109其重要意义:P992、说明淬火后的金属材料变硬的原因。
P143我们已经知道晶体的一部分相对于另一部分的滑移,实际是位错线的滑移,位错线的移动是逐步进行的,使得滑移的切应力最小。
这就是金属一般较软的原因之一。
显然,要提高金属的强度和硬度,似乎可以通过消除位错的办法来实现。
但事实上位错是很难消除的。
相反,要提高金属的强度和硬度,通常采用增加位错的办法来实现。
金属淬火就是增加位错的有效办法。
将金属加热到一定高温,原子振动的幅度比常温时的幅度大得多,原子脱离正常格点的几率比常温时大得多,晶体中产生大量的空穴、填隙缺陷。
这些点缺陷容易形成位错。
也就是说,在高温时,晶体内的位错缺陷比常温时多得多。
高温的晶体在适宜的液体中急冷,高温时新产生的位错来不及恢复和消退,大部分被保留了下来。
数目众多的位错相互交织在一起,某一方向的位错的滑移,会受到其他方向位错的牵制,使位错滑移的阻力大大增加,使得金属变硬。
3、杂化轨道理论。
P61为了解释金刚石中碳原子具有4个等同的共价键,1931年泡林(Pauling )和斯莱特(Slater )提出了杂化轨道理论。
碳原子有4个价电子2s ,2p x ,2p y ,2p z ,它们分别对应ϕ2s ,ϕ2px ,ϕ2py ,ϕ2pz 量子态,在构成共价键时,它们“混合”起来重新组成四个等价的轨道,其中每一个轨道包含有s 41和p 43的成分,这种轨道称为杂化轨道,分别对应4个新的量子态()z y x p p p 222s 2121ϕϕϕϕψ+++= ()z y x p p p 222s 2221ϕϕϕϕψ--+= ()z y x p p p 222s 2321ϕϕϕϕψ-+-= ()zy x p p p 222s 2421ϕϕϕϕψ+--= 4个电子分别占据ψ1,ψ2,ψ3,ψ4新轨道,在四面体顶角方向形成4个共价键。
固体物理习题解答参考答案晶体结构

r
( )
。由 R 所定义的也是一个点阵常数为
r
r r r ( i 2 的 SC 点阵,但相对于上面一个 SC 点阵位移了一个矢量 + j + k ) ,
这个点正好位于体心位置。 上面两个 SC 点阵穿套起来正好是一个 bcc 点阵,故 ni 或全为奇数,或全为偶数所定义的是一个 bcc 点阵。 (2)若
体心立方晶格原胞基矢 a1 = (−i + j + k ) a2 = (i − j + k ) a3 = (i + j − k ) 体心立方晶格原胞体积 倒格子基矢:
r
a 2
r
r
r r
ห้องสมุดไป่ตู้
a r 2
r
r r
a r 2
r
r
同理: 可见由 为基矢构成的格子为面心立方格子。
面心立方格子原胞基矢: 面心立方格子原胞体积: 倒格子基矢: 同理 可见由 为基矢构成的格子为体心立方格子。
(2) 体心立方(书P3,图1-3)
r 取 原 子 球 相 切 时 的 半 径 ( 体 对 角 线 的 1/4 ) , r= 3a / 4 ,n=2, V = a 3 所 以
ρ=
n 4π r 3 3 = 3π / 8 V
(3) 面心立方(书P4,图1-7)
r 取 原 子 球 相 切 时 的 半 径 ( 面 对 角 线 的 1/4 ) r= 2a / 4 ,n=4, V = a 3 , 所 以
则由 ε = AxT ε Ax 得
固体物理习题解答-完整版

ρ
π / 6 ≈ 0.52
3π / 8 ≈ 0.68 2π / 6 ≈ 0.74 2π / 6 ≈ 0.74 3π /16 ≈ 0.34
1/ 2
3a / 4
2a / 4
a/2
2a 3
c ⎛3⎞ 1.2 证明理想的六角密堆积结构(hcp)的轴比 = ⎜ ⎟ 2 ⎝8⎠
ε A ,对六角晶系,绕 x 轴
(即 a 轴)旋转 180 度和绕 z 轴(即 c 轴)旋转 120 度都是对称操作,坐标变换矩阵分别为
⎛1 0 0⎞ ⎜ ⎟ Ax = ⎜ 0 − 1 0 ⎟ ⎜0 0 1⎟ ⎝ ⎠
⎛ −1/ 2 ⎜ Az = ⎜ − 3 / 2 ⎜ ⎜ 0 ⎝
3 / 2 0⎞ ⎟ −1/ 2 0⎟ ⎟ 0 1⎟ ⎠
6 a
3a / 2
6 a
2a
1.7
画体心立方和面心立方晶格结构的金属在 (100) , (110) , (111) 面上 解:
原子排列.
感谢大家对木虫和物理版的支持!
3
《固体物理》习题解答
体心立方
面心立方
1.9 指出立方晶格(111)面与(100)面,(111)面与(110)面的交线的晶向 解 (111)面与(100)面的交线的 AB-AB 平移, A 与 O 重合。B 点位矢 RB = −aj + ak (111) 与 (100) 面的交线的晶向 AB = − aj + ak —— 晶 向指数 ⎡011⎤
面指数越简单的晶面,其晶面的间距越大 晶面上格点的密度越大,这样的晶面越容易解理 1.7 写出体心立方和面心立方晶格结构中,最近邻和次近邻的原子数,若立方边长为a,写 出最近邻和次近邻原子间距 解 简立方 最近邻数 最近邻间距 次近邻数 次近邻间距 6 a 12 面心立方 12 体心立方 8
固体物理习题解答-完整版

2.3
若一晶体的相互作用能可以表示为 u ( r ) = − 求 1 )平衡间距 r 0
α
r
m
+
β
rn
3 )体弹性模量 4 )若取
2 )结合能 W (单个原子的)
m = 2, n = 10, r0 = 0.3 nm, W = 4 eV ,计算 α , β 值。
解 1)晶体内能 U ( r ) =
N α β (− m + n ) 2 r r
⎛ ε 11 3ε 22 ⎜ + 4 4 0 ⎞ ⎜ ⎟ ⎜ 3ε 11 3ε 22 ε 23 ⎟ = ⎜ − + 4 4 ⎜ ε 33 ⎟ ⎠ ⎜ 3ε 23 − ⎜ 2 ⎝ − 3ε 11 3ε 22 + 4 4 3ε 11 ε 22 + 4 4 − − 3ε 23 ⎞ ⎟ 2 ⎟ ε ⎟ − 23 ⎟ 2 ⎟ ε 33 ⎟ ⎟ ⎠
h k l ( )2 + ( )2 + ( )2 a b c
说明面指数简单的晶面,其面密度较大,容易解理 证 简单正交系 a ⊥ b ⊥ c 倒格子基矢 b1 = 2π
a1 = ai , a2 = bj , a3 = ck b2 = 2π a3 × a1 a1 ⋅ a2 × a3 b3 = 2π a1 × a2 a1 ⋅ a2 × a3
⎛ ε 11 ε 12 ⎜ 假 设 六 角 晶 系 统 的 介 电 常 数 为 ε = ⎜ ε 21 ε 22 ⎜ε ⎝ 31 ε 32
⎛ ε 11 ε 12 ⎜ ⎜ ε 21 ε 22 ⎜ε ⎝ 31 ε 32
ε 13 ⎞ ⎟ ε 23 ⎟ 则 由 ε = AT ε Ax 得 ε 33 ⎟ ⎠
x
ε 13 ⎞ ⎛ ε 11 − ε 12 − ε 13 ⎞ 0 ⎞ ⎛ ε 11 0 ⎟ ⎟ ⎜ ⎟ ⎜ ε 23 ⎟ = ⎜ − ε 21 ε 22 ε 23 ⎟ 可见 ε = ⎜ 0 ε 22 ε 23 ⎟ 将上式代入 ε = AzT ε Az ⎜ ⎜0 ε ε 33 ⎟ ε 33 ⎟ ε 33 ⎟ 32 ⎠ ⎠ ⎝ ⎠ ⎝ − ε 31 ε 32
本科阶段固体物理期末重点计算题

本科阶段固体物理期末重点计算题Company number:【0089WT-8898YT-W8CCB-BUUT-202108】第一章 晶体结构1. 氯化钠与金刚石型结构是复式格子还是布拉维格子,各自的基元为何写出这两种结构的原胞与晶胞基矢,设晶格常数为a 。
解:氯化钠与金刚石型结构都是复式格子。
氯化钠的基元为一个Na +和一个Cl -组成的正负离子对。
金刚石的基元是一个面心立方上的C原子和一个体对角线上的C原子组成的C原子对。
由于NaCl 和金刚石都由面心立方结构套构而成,所以,其元胞基矢都为: 相应的晶胞基矢都为:2. 六角密集结构可取四个原胞基矢123,,a a a 与4a ,如图所示。
试写出13O A A '、1331A A B B 、2255A B B A 、123456A A A A A A 这四个晶面所属晶面族的晶面指数()h k l m 。
解:(1).对于13O A A '面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1,12-,1。
所以,其晶面指数为()1121。
(2).对于1331A A B B 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1,12-,∞。
所以,其晶面指数为()1120。
(3).对于2255A B B A 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1-,∞,∞。
所以,其晶面指数为()1100。
(4).对于123456A A A A A A 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:∞,∞,∞,1。
所以,其晶面指数为()0001。
3. 如将等体积的硬球堆成下列结构,求证球体可能占据的最大体积与总体积的比为:简立方:6π;六角密集:6。
证明:由于晶格常数为a ,所以:(1).构成简立方时,最大球半径为2m aR =,每个原胞中占有一个原子,(2).构成体心立方时,体对角线等于4倍的最大球半径,即:4m R =,每个晶胞中占有两个原子,(3).构成面心立方时,面对角线等于4倍的最大球半径,即:4m R =,每个晶胞占有4个原子,(4).构成六角密集结构时,中间层的三个原子与底面中心的那个原子恰构成一个正四面体,其高则正好是其原胞基矢c 的长度的一半,由几何知识易知46m R =c 。
固体物理学备考(课后计算题及答案)

14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 9
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 10
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备
第三章
11
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 12
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 13
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 14
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 15
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备
第四章
16
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备
第五章
17
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 18
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 19
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 20
《固体物理学》资料整备
第一章
1
《固体物理学》资料整备 2
《固体物理学》资料整备 3
《固体物理学》资料整备 4
《固体物理学》资料整备5
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 6
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 7
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备
第二章
8
14 应物 1 班---《固体物பைடு நூலகம்学》资料整备 21
14 应物 1 班---《固体物理学》资料整备 22
固体物理学习题完全解析

ρ=
4* 4 3π( a3
2a 3 4
)
=
图 1.4 面心立方晶胞
图 1.5 六角晶胞
图 1.6 正四面体
-1-
Jones Hoo 胡光辉 整理
(4)对六角密积结构,任一个原子有 12 个最近邻,若原子以刚性球堆积,如图 1。5 所示,中心在 1 的 原子与中心在 2,3,4 的原子相切,中心在 5 的原子与中心在 6,7,8 的原子相切,晶胞内的原子 O 与中 心在 1,3,4,5,7,8 处的原子相切,即 O 点与中心在 5,7,8 处的原子分布在正四面体的四个顶上, 因为四面体的高 h=
ne
c 3 2 2 c a = 2 r − ,故 = ( ) 2 ≈ 1.633 a 8 3 3 2
s
v v v a3 × a1 b2 = 2π v v v a1 ⋅ a2 × a3
v 2π v v b3 = (i + j ) a
o Ho
1
整
v v v a1 × a2 b3 = 2π v v v a1 ⋅ a2 × a3
2 3
a=2
o
2 3
r=
c 2
晶胞体积
V= ca sin 60 =
2
3 2 ca 2
ρ=
3 4 2* 3 π (a 2) 3 2
一个晶胞内包含两个原子,所以
ca 2
=
2 π. 6
(5)对金刚石结构,任一个原子有 4 个最近邻,若原子以刚性球堆积,如图 1.7 所示,中心在空间对角线 四分之一处的 O 原子与中心在 1 , 2 , 3 , 4 处的原子相切,因为
h k l ( )2 + ( )2 + ( )2 a b c
本科阶段固体物理期末重点计算题精编WORD版

本科阶段固体物理期末重点计算题精编W O R D版IBM system office room 【A0816H-A0912AAAHH-GX8Q8-GNTHHJ8】第一章 晶体结构1. 氯化钠与金刚石型结构是复式格子还是布拉维格子,各自的基元为何?写出这两种结构的原胞与晶胞基矢,设晶格常数为a 。
解:氯化钠与金刚石型结构都是复式格子。
氯化钠的基元为一个Na +和一个Cl -组成的正负离子对。
金刚石的基元是一个面心立方上的C原子和一个体对角线上的C原子组成的C原子对。
由于NaCl 和金刚石都由面心立方结构套构而成,所以,其元胞基矢都为:相应的晶胞基矢都为:2. 六角密集结构可取四个原胞基矢123,,a a a 与4a ,如图所示。
试写出13O A A '、1331A A B B 、2255A B B A 、123456A A A A A A 这四个晶面所属晶面族的晶面指数()h k l m 。
解:(1).对于13O A A '面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1,12-,1。
所以,其晶面指数为()1121。
(2).对于1331A A B B 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1,12-,∞。
所以,其晶面指数为()1120。
(3).对于2255A B B A 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1-,∞,∞。
所以,其晶面指数为()1100。
(4).对于123456A A A A A A 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:∞,∞,∞,1。
所以,其晶面指数为()0001。
3. 如将等体积的硬球堆成下列结构,求证球体可能占据的最大体积与总体积的比为:简立方:6π;面心立方:6;六角密集:6;金刚石:16。
证明:由于晶格常数为a ,所以:(1).构成简立方时,最大球半径为2m aR =,每个原胞中占有一个原子,(2).构成体心立方时,体对角线等于4倍的最大球半径,即:4m R ,每个晶胞中占有两个原子,(3).构成面心立方时,面对角线等于4倍的最大球半径,即:4m R ,每个晶胞占有4个原子,(4).构成六角密集结构时,中间层的三个原子与底面中心的那个原子恰构成一个正四面体,其高则正好是其原胞基矢c 的长度的一半,由几何知识易知3m R =c 。
固体物理习题详解

解:晶面指数( )是以固体物理学原胞的基矢 、 、 为坐标轴来表示面指数的,而Miller指数( )是以结晶学原胞的基矢 、 、 为坐标轴来表示面指数的,但它们都是以平行晶面族在坐标轴上的截距的倒数来表示的,而这三个截距的倒数之比就等于晶面族的法线与三个基矢的夹角余弦之比,从而反映了一个平行晶面族的方向。
(4)由于面密度 ,其中 是面间距, 是体密度。对布喇菲格子, 等于常数。因此,我们可设原子最密集的晶面族的密勒指数为 ,则该晶面族的面间距 应为最大值,所以有
由此可知,对面指数为(100)、(010)、(101)、(011)和(111)有最大面间距 ,因而这些面即为原子排列最紧密的晶面族。
(5)[111]与[111]晶列之间的夹角余弦为
试求倒格子基矢。
解:根据倒格子基矢的定义可知:
=
=
=
14.一晶体原胞基矢大小 , , ,基矢间夹角 , , 。试求:
(1)倒格子基矢的大小;
(2)正、倒格子原胞的体积;
(3)正格子(210)晶面族的面间距。
解:(1)由题意可知,该晶体的原胞基矢为:
由此可知:
= =
= =
= =
所以
= =
= =
= =
(2)正格子原胞的体积为:
由此可知,当 、 和 奇偶混杂时,即 、 和 不同为奇数或偶数时或者当 、 和 全为偶数,且 (其中 为整数)时,有有 ,即出现衍射相消。
21.用钯靶 X射线投射到NaCl晶体上,测得其一级反射的掠射角为5.9°,已知NaCl晶胞中Na+与Cl-的距离为2.82×10-10m,晶体密度为2.16g/cm3。求:
固体物理习题详解

第一章晶体结构1.试述晶态、非晶态、准晶、多晶和单晶的特征性质。
解:晶态固体材料中的原子有规律的周期性排列,或称为长程有序。
非晶态固体材料中的原子不是长程有序地排列,但在几个原子的范围内保持着有序性,或称为短程有序。
准晶态是介于晶态和非晶态之间的固体材料,其特点是原子有序排列,但不具有平移周期性。
另外,晶体又分为单晶体和多晶体:整块晶体内原子排列的规律完全一致的晶体称为单晶体;而多晶体则是由许多取向不同的单晶体颗粒无规则堆积而成的。
2.晶格点阵与实际晶体有何区别和联系?解:晶体点阵是一种数学抽象,其中的格点代表基元中某个原子的位置或基元质心的位置,也可以是基元中任意一个等价的点。
当晶格点阵中的格点被具体的基元代替后才形成实际的晶体结构。
晶格点阵与实际晶体结构的关系可总结为:晶格点阵+基元=实际晶体结构3.晶体结构可分为Bravais格子和复式格子吗?解:晶体结构可以分为Bravais格子和复式格子,当基元只含一个原子时,每个原子的周围情况完全相同,格点就代表该原子,这种晶体结构就称为简单格子或Bravais格子;当基元包含2个或2个以上的原子时,各基元中相应的原子组成与格点相同的网格,这些格子相互错开一定距离套构在一起,这类晶体结构叫做复式格子。
解:(a)“面心+体心”立方不是布喇菲格子。
从“面心+体心”立方体的任一顶角上的格点看,与它最邻近的有12个格点;从面心任一点看来,与它最邻近的也是12个格点;但是从体心那点来看,与它最邻近的有6个格点,所以顶角、面心的格点与体心的格点所处的几何环境不同,即不满足所有格点完全等价的条件,因此不是布喇菲格子,而是复式格子,此复式格子属于简立方布喇菲格子。
(b)“边心”立方不是布喇菲格子。
从“边心”立方体竖直边心任一点来看,与它最邻近的点子有八个;从“边心”立方体水平边心任一点来看,与它最邻近的点子也有八个。
虽然两者最邻近的点数相同,距离相等,但他们各自具有不同的排列。
黄昆固体物理习题解答

因此只要先求出倒格点 Ghkl ,求出其大小即可。
由正格子基矢 a = ai , b = bj , c = ck ,可以马上求出:
a∗ = 2π i , b ∗ = 2π j , c∗ = 2π k
a
b
c
因为倒格子基矢互相正交,因此其大小为
Ghkl =
(ha∗ )2 + (kb∗ )2 + (lc∗ )2 = 2π
(h)2 + (k )2 + ( l )2 abc
则带入前边的关系式,即得晶面族的面间距。 1.7 写出体心立方和面心立方晶格结构的金属中,最近邻和次近邻的原子数。若立方边长为
a ,写出最近邻和次近邻的原子间距。
答:体心立方晶格的最近邻原子数(配位数)为 8,最近邻原子间距等于 3 a ,次近邻原 2
=V0
∂2U ( ∂r2
)r0
=
N 2
[−
m(m +1)α r m+2
0
+
n(n +1)β r n+2
0
=
N 2
{−
1 r02
m2α [( r0m
−
n2β r0n
)
+
(
mα r0m
−
nβ r0n
)]}
=
N 2
[−
1 r02
m2α ( r0m
−
n2β r0n
)]
=
N 2
[−
1 r m+2
0
(m2α
−
n2β nβ
AB = a (i − j − k ) 2
c
B
b
C
O
a
OB ⋅ AB =| OB || AB | cosθ = a2 (−1) 4
固体物理学习题完全解析

ρ=
4* 4 3π( a3
2a 3 4
)
=
图 1.4 面心立方晶胞
图 1.5 六角晶胞
图 1.6 正四面体
-1-
Jones Hoo 胡光辉 整理
(4)对六角密积结构,任一个原子有 12 个最近邻,若原子以刚性球堆积,如图 1。5 所示,中心在 1 的 原子与中心在 2,3,4 的原子相切,中心在 5 的原子与中心在 6,7,8 的原子相切,晶胞内的原子 O 与中 心在 1,3,4,5,7,8 处的原子相切,即 O 点与中心在 5,7,8 处的原子分布在正四面体的四个顶上, 因为四面体的高 h=
证:
ne s
v
* v0 =
(2π )3 v0
o Ho
整 理
1.6 如果基矢 a , b , c 构成简单正交系,证明晶面族 ( hkl ) 的面间距为 d = 1 指数低的晶面,其面密度较大,容易解理. 证:简单正交系 a ⊥ b ⊥ c
v v v
h k l ( ) 2 + ( ) 2 + ( ) 2 ;说明面 a b c
-5-
即
⎡ε 11 0 ε =⎢ ⎢ 0 ε 22 ⎢ ⎣ 0 ε 32
0⎤ 。 ε 31 ⎥ ⎥ ε 33 ⎥ ⎦
将上式代入
ε = A ' x εAx . 得
⎡ε 11 0 ⎢0 ε 22 ⎢ ⎢ 0 ε 32 ⎣
0⎤ ε 31 ⎥ ⎥ ε 33 ⎥ ⎦
⎡ ⎢ ⎢ = ⎢− ⎢ ⎢ ⎢ ⎢ ⎣
1 3 ε 11 + ε 22 4 4 3 3 ε 11 + ε 22 4 4 3 ε 32 − 2
v
v
v
v v v v v v a1 = ai , a2 = bj , a3 = ck v v v a3 × a1 b2 = 2π v v v a1 ⋅ a2 × a3 v v v a1 × a2 b3 = 2π v v v a1 ⋅ a2 × a3
本科阶段固体物理期末重点计算题

第一章 晶体结构1. 氯化钠与金刚石型结构是复式格子还是布拉维格子,各自的基元为何?写出这两种结构的原胞与晶胞基矢,设晶格常数为a 。
解:氯化钠与金刚石型结构都是复式格子。
氯化钠的基元为一个Na +和一个Cl -组成的正负离子对。
金刚石的基元是一个面心立方上的C原子和一个体对角线上的C原子组成的C原子对。
由于NaCl 和金刚石都由面心立方结构套构而成,所以,其元胞基矢都为: 相应的晶胞基矢都为:2. 六角密集结构可取四个原胞基矢123,,a a a 与4a ,如图所示。
试写出13O A A '、1331A A B B 、2255A B B A 、123456A A A A A A 这四个晶面所属晶面族的晶面指数()h k l m 。
解:(1).对于13O A A '面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1,12-,1。
所以,其晶面指数为()1121。
(2).对于1331A A B B 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1,12-,∞。
所以,其晶面指数为()1120。
(3).对于2255A B B A 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:1,1-,∞,∞。
所以,其晶面指数为()1100。
(4).对于123456A A A A A A 面,其在四个原胞基矢上的截矩分别为:∞,∞,∞,1。
所以,其晶面指数为()0001。
3. 如将等体积的硬球堆成下列结构,求证球体可能占据的最大体积与总体积的比为:简立方:6π;六角密集:6。
证明:由于晶格常数为a ,所以:(1).构成简立方时,最大球半径为2m aR =,每个原胞中占有一个原子,(2).构成体心立方时,体对角线等于4倍的最大球半径,即:4m R =,每个晶胞中占有两个原子,(3).构成面心立方时,面对角线等于4倍的最大球半径,即:4m R =,每个晶胞占有4个原子, (4).构成六角密集结构时,中间层的三个原子与底面中心的那个原子恰构成一个正四面体,其高则正好是其原胞基矢c 的长度的一半,由几何知识易知3m R =c 。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
1.3、证明:面心立的倒格子是体心立;体心立的倒格子是面心立。
证明:(1)面心立的正格子基矢(固体物理学原胞基矢):123()2()2()2a a j k a a i k a a i j ⎧=+⎪⎪⎪=+⎨⎪⎪=+⎪⎩r r r r r rr r r由倒格子基矢的定义:1232()b a a π=⨯Ωrr r 31230,,22(),0,224,,022a a a a a a a a a a Ω=⋅⨯==r r rQ ,223,,,0,()224,,022i j ka a a a a i j k a a ⨯==-++r rr r r r r r213422()()4a b i j k i j k a aππ∴=⨯⨯-++=-++r r rr r r r同理可得:232()2()b i j k ab i j k aππ=-+=+-r r r r r r r r 即面心立的倒格子基矢与体心立的正格基矢相同。
所以,面心立的倒格子是体心立。
(2)体心立的正格子基矢(固体物理学原胞基矢):123()2()2()2a a i j k a a i j k a a i j k ⎧=-++⎪⎪⎪=-+⎨⎪⎪=+-⎪⎩r r r r r r r rr r r r由倒格子基矢的定义:1232()b a a π=⨯Ωr r r3123,,222(),,2222,,222a a a a a a a a a a a a a-Ω=⋅⨯=-=-r r rQ ,223,,,,()2222,,222i j k a a a a a a j k a a a ⨯=-=+-r r r r r r r 213222()()2a b j k j k a aππ∴=⨯⨯+=+r r rr r同理可得:232()2()b i k ab i j aππ=+=+r r r r r r 即体心立的倒格子基矢与面心立的正格基矢相同。
所以,体心立的倒格子是面心立。
1.6、对于简单立晶格,证明密勒指数为(,,)h k l 的晶面系,面间距d 满足:22222()d a h k l =++,其中a 为立边长.解:简单立晶格:123a a a ⊥⊥r r v ,123,,a ai a aj a ak ===vv v vv v由倒格子基矢的定义:2311232a a b a a a π⨯=⋅⨯r r r r r r ,3121232a a b a a a π⨯=⋅⨯r r r r r r ,1231232a a b a a a π⨯=⋅⨯r r r r r r倒格子基矢:123222,,b i b j b k a a a πππ===v v v vv v倒格子矢量:123G hb kb lb =++v v v v ,222G h i k j l k a a aπππ=++vv v v 晶面族()hkl 的面间距:2d Gπ=v 2221()()()h k l a a a=++22222()a d h k l =++2.1、证明两种一价离子组成的一维晶格的马德隆常数为(2ln 2=α)。
证明:设想一个由正负两种离子相间排列的无限长的离子键,取任一负离子作参考离子(这样马德隆常数中的正负号可以这样取,即遇正离子取正号,遇负离子取负号),用r 表示相邻离子间的距离,于是有(1)11112[ (234)ij rr r r r rα±'==-+-+∑ 前边的因子2是因为存在着两个相等距离i r 的离子,一个在参考离子左面,一个在其右面,故对一边求和后要乘2,马德隆常数为234(1) (34)n x x x x x x +=-+-+Q l 当X=1时,1111 (2234)n -+-+=l 2.3、若一晶体的相互作用能可以表示为 ()mnu r r r αβ=-+试求:(1)平衡间距0r ;(2)结合能W (单个原子的);(3)体弹性模量;(4)若取02,10,3,4m n r A W eV ====,计算α及β的值。
解:(1)求平衡间距r 0由0)(0==r r drr du ,有:mn nm n m m n n m r r n r m --++⎪⎭⎫⎝⎛=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛=⇒=-1101.0100αββαβα结合能:设想把分散的原子(离子或分子)结合成为晶体,将有一定的能量释放出来,这个能量称为结合能(用w 表示) (2)求结合能w (单个原子的)题中标明单个原子是为了使问题简化,说明组成晶体的基本单元是单个原子,而非原子团、离子基团,或其它复杂的基元。
显然结合能就是平衡时,晶体的势能,即U min即:nmr r r U W 000)(βα-+=-= (可代入r 0值,也可不代入)(3)体弹性模量由体弹性模量公式:0220209r r U V r k ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂=(4)m = 2,n = 10,οA r 30=, w = 4eV ,求α、β22n α∴=l818105210⎪⎭⎫ ⎝⎛=⎪⎭⎫ ⎝⎛=αβαβr ① )5(54)(802010.200代入αβαβα=-=+-=r r r r r U K K KeV r r U W 454)(20==-=⇒α② 将οA r 30=,J eV 1910602.11-⨯=代入①②211523810459.910209.7mN m N ⋅⨯=⋅⨯=⇒--βα 详解:(1)平衡间距r 0的计算 晶体能()()2m n N U r r rαβ=-+ 平衡条件0r r dUdr==,11000m n m n r r αβ++-+=,10()n m n r m βα-= (2)单个原子的结合能01()2W u r =-,00()()m n r r u r r r αβ==-+,10()n m n r m βα-= 1(1)()2mn m m n W n m βαα--=-(3)体弹性模量0202()V UK V V ∂=⋅∂ 晶体的体积3V NAr =,A 为常数,N 为原胞数目 晶体能()()2m n N U r r rαβ=-+ U U r V r V ∂∂∂=∂∂∂1121()23m n N m n r r NAr αβ++=- 221121[()]23m n U N r m n V V r r r NAr αβ++∂∂∂=-∂∂∂ 022222000001[]29m n m n V V U N m n m n V V r r r r αβαβ=∂=-+-+∂ 由平衡条件1120001()023m n V V U N m n Vr r NAr αβ++=∂=-=∂,得00m n m n r r αβ=222220001[]29m n V V U N m n V V r r αβ=∂=-+∂ 02220001[]29m nV V U N m n m n V V r r αβ=∂=-+∂2000[]29m n N nm V r r αβ=--+ 000()2m n N U r r αβ=-+ 020220()9V V U mnU V V =∂=-∂ 体弹性模量009mn K U V = (4)若取02,10,3,4m n r A W eV ====10()n mn r m βα-=,1(1)()2mn m m n W n m βαα--=-1002W r β=,20100[2]r W r βα=+-95101.210eV m β=⨯⋅,1929.010eV m α-=⨯⋅3.2、讨论N 个原胞的一维双原子链(相邻原子间距为a ),其2N 个格波解,当M = m 时与一维单原子链的结果一一对应。
解:质量为M 的原子位于2n-1, 2n+1, 2n+3 ……;质量为m 的原子位于2n , 2n+2, 2n+4 ……。
牛顿运动程2221212121222(2)(2)n n n n n n n n m M μβμμμμβμμμ+-+++=---=---&&&& N 个原胞,有2N 个独立的程设程的解[(2)]2[(21)]21i t na q n i t n aq n Ae Beωωμμ--++==,代回程中得到22(2)(2cos )0(2cos )(2)0m A aq B aq A M B βωβββω⎧--=⎪⎨-+-=⎪⎩ A 、B 有非零解,2222cos 02cos 2m aqaq M βωβββω--=--,则 12222()4{1[1sin ]}()m M mM aq mM m M ωβ+=±-+两种不同的格波的色散关系1222212222()4{1[1sin ]}()()4{1[1sin ]}()m M mM aq mM m M m M mM aq mM m M ωβωβ+-+=+-++=--+一个q 对应有两支格波:一支声学波和一支光学波.总的格波数目为2N.当M m =时4cos 24sin 2aq m aq m βωβω+-==,两种色散关系如图所示: 长波极限情况下0q →,sin()22qa qa≈, (2)q mβω-=与一维单原子晶格格波的色散关系一致.3.3、考虑一双子链的晶格振动,链上最近邻原子间的力常数交错地为β和10β,令两种原子质量相等,且最近邻原子间距为2a 。
试求在0,q q a π==处的()q ω,并粗略画出色散关系曲线。
此问题模拟如2H 这样的双原子分子晶体。
(注 :课本中的c 即为此题中的β k 对应q)答:(1)浅色标记的原子位于2n-1, 2n+1, 2n+3 ……;深色标记原子位于2n , 2n+2, 2n+4 ……。
第2n 个原子和第2n +1个原子的运动程:212222112121122112222()()n n n n n n n nm m μββμβμβμμββμβμβμ+-+++=-+++=-+++&&&&体系N 个原胞,有2N 个独立的程程的解:1[(2)]221[(21)]221i t n aq n i t n aq n AeBeωωμμ--++==,令221122/,/m m ωβωβ==,将解代入上述程得:11222222212121122222221212()()0()()0i aq i aq i aq i aq A e eB eeA B ωωωωωωωωωω--+--+=+-+-=A 、B 有非零的解,系数行列式满足:11222222212121122222221212(),()0(),()i aq i aq i aq i aq eeeeωωωωωωωωωω--+--+=+-+-1111222222222222121212()()()0i aq i aq i aq i aq e e e e ωωωωωωω--+--++= 1111222222222222121212()()()0i aq i aq i aq i aq eeeeωωωωωωω--+--++=因为1ββ=、210ββ=,令2222012010,10c c m mωωωω====得到 222400(11)(10120cos )0aq ωωω--+=两种色散关系:220(1120cos 101)qa ωω=±+当0q =时,220(11121)ωω=±,0220ωωω+-==当q aπ=时,22(1181)ωω=±,00202ωωωω+-==(2)色散关系图:44.2、写出一维近自由电子近似,第n 个能带(n=1,2,3)中,简约波数2k aπ=的0级波函数。