吉大物理上 第3章 刚体的定轴转动 答案
刚体的定轴转动(带答案)
刚体的定轴转动一、选择题1、(本题3分)0289关于刚体对轴的转动惯量,下列说法中正确的是[ C ](A)只取决于刚体的质量,与质量的空间分布和轴的位置无关。
(B)取决于刚体的质量和质量的空间分布,与轴的位置无关。
(C)取决于刚体的质量、质量的空间分布和轴的位置。
(D)只取决于转轴的位置,与刚体的质量和质量的空间分布无关。
2、(本题3分)0165均匀细棒OA可绕通过某一端O而与棒垂直的水平固定光滑轴转动,如图所示,今使棒从水平位置由静止开始自由下降,在棒摆到竖直位置的过程中,下述说法哪一种是正确的?[ A ](A)角速度从小到大,角加速度从大到小。
(B)角速度从小到大,角加速度从小到大。
(C)角速度从大到小,角加速度从大到小。
(D)角速度从大到小,角加速度从小到大。
3.(本题3分)5640一个物体正在绕固定的光滑轴自由转动,则[D ](A)它受热或遇冷伸缩时,角速度不变.(B)它受热时角速度变大,遇冷时角速度变小.(C)它受热或遇冷伸缩时,角速度均变大.(D )它受热时角速度变小,遇冷时角速度变大.4、(本题3分)0292一轻绳绕在有水平轴的定滑轮上,滑轮质量为m ,绳下端挂一物体,物体所受重力为P ,滑轮的角加速度为β,若将物体去掉而以与P 相等的力直接向下拉绳子,滑轮的角加速度β将 [ C ](A )不变 (B )变小 (C )变大 (D )无法判断5、(本题3分)5028如图所示,A 、B 为两个相同的绕着轻绳的定滑轮,A 滑轮挂一质量为M的物体,B 滑轮受拉力F ,而且F=Mg 设A 、B 两滑轮的角加速度分别为βA 和βB ,不计滑轮轴的摩擦,则有 [ C ](A )βA =βB (B )βA >βB(C )βA <βB (D )开始时βA =βB ,以后βA <βB6、(本题3分)0294刚体角动量守恒的充分而必要的条件是 [ B ](A )刚体不受外力矩的作用。
(B )刚体所受合外力矩为零。
第3章 刚体的定轴转动 习题答案
1
1 v r 78 . 5 1 78 . 5 m s (3) 解:
an r 78.5 1 6162 .2 m s
2 2
2
a r 3.14 m s
2
3-13. 如图所示,细棒长度为l,设转轴通过棒上距中心d的一 点并与棒垂直。求棒对此轴的转动惯量 J O ',并说明这一转 动惯量与棒对质心的转动惯量 J O之间的关系。(平行轴定理)
n0
J 2 2 n 收回双臂后的角动能 E k J n 0 2 J 0 n
1 2 2 1 2
Ek 0 J
1 2
2 0
3-17. 一人张开双臂手握哑铃坐在转椅上,让转椅转动起来, 此后无外力矩作用。则当此人收回双臂时,人和转椅这一系 统的转速、转动动能、角动量如何变化?
解:首先,该系统的角动量守恒。
设初始转动惯量为 J ,初始角速度为 0 收回双臂后转动惯量变为 J n , 由转动惯量的定义容易知,n 1 由角动量守恒定理容易求出,收回双臂后的角速度 初始角动能
M t J
代入数据解得:M 12.5 N m
3-4. 如图所示,质量为 m、长为 l 的均匀细杆,可绕过其一 端 O 的水平轴转动,杆的另一端与一质量为m的小球固定在 一起。当该系统从水平位置由静止转过 角时,系统的角
速度、动能为?此过程中力矩所做的功?
解: 由角动能定理得:
解:设该棒的质量为m,则其
线密度为 m l
1 l d 2 1 l d 2
O
d O'
J O'
0
r dr
2
3
0
r dr
高等动力学课后习题答案及考题解答
J ξη =
w
(V )
∫ ρξη dV = ρ ∫ ( x cos θ + y sin θ )( y cos θ − x sin θ )dV
(V )
w w
⎧ξ = x cos θ + y sin θ ⎩η = y cos θ − x sin θ
= ( ∫ ρ y 2 dV −
(V ) z =0
.n
∫ ρ x dV ) sin θ cos θ + (cos
ψ = ψ t = 15t
ω y = ω sinψ = 20sin15t
i
ω x = ω cosψ = 20 cos15t
∴ω = 20 cos15ti + 20sin15t j ⇒ ε = −300sin15ti + 300 cos15t j ⇒ ε = 300
理工大机械论坛让你学习更轻松!
.cn
2 (V )
2 (V )
∫ ρ(x
(V )
∫ ρ(z
∫ ρ(x
tjx
(V )
∵ Jz =
∫ ρ (x
2
+ y 2 )dV
Jx =
∫ ρ (z
2
+ y 2 )dV
Jy =
+ z 2 )dV ⇒
即该刚体为薄片平面
2、 ξ 轴在 xoy 中的方向余弦为 (cos θ ,sin θ )
J ξ = α ξ2 J x + βξ2 J y − 2α ξ βξ J xy = cos 2 θ J x + sin 2 θ J y − 2sin θ cos θ J xy
= ω × j' ⋅ k ' = ω ⋅ ( j' × k ' ) = ω ⋅ i' = p
吉大物理上 第3章 刚体的定轴转动 答案
O
0
[13m2lm(2l )2]0[13m2l m x2]
l
1l m m
2
O
4.质量m、长l均匀细杆,在水平桌面上绕通过其一端 竖直固定轴转动,细杆与桌面的滑动摩擦系数为μ, 则杆转动时受摩擦力矩的大小
为 1 mgl 。
2
Mf mrgdm 0Lxm l gdx
5.转动飞轮转动惯量为I,在t =0时角速度为ω0,飞轮 经历制动过程,阻力矩M大小与角速度ω平方成正比,
2.一飞轮直径为D,质量为m(可视为圆盘),边 缘绕有绳子,现用恒力拉绳子一端,使其由静 止开始均匀地加速,经过时间t,角速度增加为
ω,则飞轮的角加速度为 /t,
这段时间内飞轮转过 Nt/4转,
拉力做的功为 A 1 mD22。
16
3. 在一水平放置的质量为m、长度为l的均匀细
杆上,套着一个质量为m套管B(可看作质点),
现在大小为 8Nm 的恒力矩作用下,刚体转动
的角速度在2s内均匀减速至 4rad s1
则刚体在此恒力矩的作用下的角加速度
-2rad·s-2,刚体对此轴的转动惯量
I 4kg·m2。
8.一刚体对某定轴的转动惯量为 I 10kgm2 它在恒力矩作用下由静止开始做角加速度 2rads2
的定轴转动。此刚体在5s末的转动动能 EK 500J 该恒力矩 M 20N·m 该恒力矩在0~5s这段时间内所作的功 A 500J
力式矩 中M aM M 、 r b= 、0F r ω 都;m r 是角a 常m 动a 数 量L , 则L m r= 此 m 质2 m r 点 a 所r 受b k 0 的。对原点
i
jk
Lrmmacost
bsint
0makb
大学物理答案第3章 刚体的定轴转动
第三章 刚体的定轴转动3-1 (1)铁饼离手时的角速度为(rad/s)250125===.//R v ω(2)铁饼的角加速度为)(rad/s 83925122252222..=⨯⨯==πθωα(3)铁饼在手中加速的时间为(s)628025251222..=⨯⨯==πωθt3-2 (1)初角速度为(rad/s)9206020020./=⨯=πω末角速度为(rad/s)3146030002=⨯=/πω角加速度为)(rad/s 9410792031420...=-=-=tωωα(2)转过的角度为)186(rad 1017172314920230圈=⨯=⨯+=+=..t ωωθ (3)切向加速度为)(m/s 388209412t ...=⨯==R a α法向加速度为)(m /s 10971203142422n ⨯=⨯==..R a ω总加速度为)(m/s 10971)10971(378242422n 2t ⨯=⨯+=+=...a a a总加速度与切向的夹角为9589378101.97arctan arctan 4t n '︒=⨯==.a a θ3-3 (1)对轴I 的转动惯量222219)cos602(])cos60()cos60([2ma a a m a a a m J =︒++︒++︒=对轴II 的转动惯量2223)sin60(4ma a m J =︒=(2)对垂轴的转动惯量2222312)2()cos30(222ma a m a m ma J =+︒+=3-4 (1)设垂直纸面向里的方向为正,反之为负,则该系统对O 点的力矩为mgl l mg l mg l mg l mg M 438141418343430=⋅-⋅-⋅+=(2)系统对O 点的总转动惯量等于各部分对O 点的转动惯之和,即22222432104837)43()43)(43(31)4)(4(31)4(ml l m l m l m l m J J J J J =+++=+++=(3)由转动定律 βJ M = 可得l g ml mglJ M 3736483743200===β3-5 (1)摩擦力矩恒定,则转轮作匀角加速度运动,故角加速度为0001201)-(0.8ωωωωβ.-==∆-=t第二秒末的角速度为0000260220ωωωβωω..=⨯-=+=t(2)设摩擦力矩r M 与角速度ω的比例系数为α,据题设可知αωωαω==tJM r d d 即,t JtJtαωωαωωωω==⎰⎰00lnd d 0据题设s 1=t 时,0180ωω.=,故可得比例系数80ln .J =α由此s 2=t 时,转轮的角速度2ω为ln0.82ln2=ωω 002264080ωωω..==∴3-6 设飞轮与闸瓦间的压力为N ,如图示,则二者间摩擦力N f r μ=,此摩擦力形成阻力矩R f r ,由转动定律βJ R f r =其中飞轮的转动惯量2mR J =,角加速度n t520πωωβ-=-=,故得 14(N)30.25(1000/60)605252-mnRf r =⨯⨯⨯-=-=ππ见图所示,由制动杆的平衡条件可得0= )(121l N l l F '-+μrf NN ='得制动力(N)3140.75)(0.54050314)(211=+⨯=+=..l l l f F r μ3-7 如图所示,由牛顿第二定律 对11111:a m g m T m =- 对22222:a m T g m m =- 对整个轮,由转动定律β⎪⎭⎫ ⎝⎛+=-22221111222121R M R M R T R T又由运动学关系 2211//R R ααβ== 联立解以上诸式,即可得222221111122)2/()2/()(R m M R m M gR m R m +++-=β 3-8 设米尺的总量为m ,则直尺对悬点的转动惯量为习题3-6图习题3-7图m093.0m 154.16.0m 52314.0m 5231313122222211==⨯⨯+⨯⨯=+=l m l m Img 1.02152mg 522153mg 53=⨯⨯-⨯⨯=M又m 154.1==I I M β)rads (5.10m4.115mg 1.02-=⨯==∴I M β从水平位置摆到竖直位置的过程中机械能守恒(以水平位置为O 势能点)221ωJ mgh c = 即 25.14.1211.0ωm mg ⨯=⨯21=⇒ω3-9 m 视为质点,M 视为刚体(匀质圆盘)。
刚体的定轴转动答案
刚体的定轴转动1一、 选择题1、 一自由悬挂的匀质细棒AB ,可绕A 端在竖直平面内自由转动,现给B 端一初速v 0,那么棒在向上转动进程中仅就大小而言[B ]A 、角速度不断减小,角加速度不断减少;B 、角速度不断减小,角加速度不断增加;C 、角速度不断减小,角加速度不变;D 、所受力矩愈来愈大,角速度也愈来愈大。
分析:合外力矩由重力提供,1sin 2M mgl θ=,方向与初角速度方向相反,因此角速度不断减小,随着θ的增加,重力矩增大,因此角加速度增加。
2、 今有半径为R 的匀质圆板、圆环和圆球各一个,前二个的质量都为m ,绕通过圆心垂直于圆平面的轴转动;后一个的质量为2m,绕任意一直径转动,设在相同的力矩作用下,取得的角加速度别离是β1、β2、β3,那么有 A 、β3<β1<β2 B 、β3>β1<β2C 、β3<β1>β2D 、β3>β1>β2 [ D ]分析:质量为m ,半径为R 的圆板绕通过圆心垂直于圆平面的轴的转动惯量为2112J mR =;圆环的转动惯量为22J mR =,圆球质量为2m ,绕任意一直径转动的转动惯量为2325J mR =,依照转动定律,M J β=,因此在相同力矩下,转动惯量大的,取得的的角加速度小。
213J J J >>,因此选择 D 。
3、 一轻绳跨过一具有水平滑腻轴、质量为M 的定滑轮,绳的两头别离悬有质量为m 1和m 2的物体(m 1<m 2),如下图.绳与轮之间无相对滑动.假设某时刻滑轮沿逆时针方向转动,那么绳中的张力 (A) 处处相等. (B) 左侧大于右边. (C) 右边大于左侧. (D) 哪边大无法判定. [ C ] 4、 一轻绳跨过两个质量均为m 、半径均为R 的匀质圆盘状定滑轮。
绳的两头系着质量别离为m 和2m 的重物,不计滑轮转轴的摩擦。
将系统由静止释放,且绳与两滑轮间均无相对滑动,那么两滑轮之间绳的张力为。
A 、mg ;B 、3mg /2;C 、2mg ;D 、11mg /8。
《刚体定轴转动》选择题解答与分析
2 刚体定轴转动转动惯量1. 关于刚体对轴的转动惯量,下列说法中正确的是 (A )只取决于刚体的质量,与质量的空间分布和轴的位置无关. (B )取决于刚体的质量和质量的空间分布,与轴的位置无关. (C )取决于刚体的质量、质量的空间分布和轴的位置. (D )只取决于转轴的位置,与刚体的质量和质量的空间分布无关. 答案:(C ) 参考解答:首先明确转动惯量的物理意义,从转动定律与牛顿第二定律的对称关系可以看出,与质量m 是平动惯性大小的量度相对应,转动惯量I 则是刚体转动惯性大小的量度。
从转动惯量的的公式∑=∆=ni i i r m I 12可以看出,其大小除了与刚体的形状、大小和质量分布有关外,还与转轴的位置有关。
凡选择回答错误的,均给出下面的进一步讨论:1. 计算一个刚体对某转轴的转动惯量时,一般能不能认为它的质量集中于其质心,成为一质点,然后计算这个质点对该轴的转动惯量?为什么?举例说明你的结论。
参考解答:不能.因为刚体的转动惯量∑∆i i m r 2与各质量元和它们对转轴的距离有关.如一匀质圆盘对过其中心且垂直盘面轴的转动惯量为221mR ,若按质量全部集中于质心计算,则对同一轴的转动惯量为零.2. 一刚体由匀质细杆和匀质球体两部分构成,杆在球体直径的延长线上,如图所示.球体的半径为R ,杆长为2R ,杆和球体的质量均为m .若杆对通过其中点O 1,与杆垂直的轴的转动惯量为J 1,球体对通过球心O 2的转动惯量为J 2,则整个刚体对通过杆与球体的固结点O 且与杆垂直的轴的转动惯量为 (A) J =J 1+J 2. (B) J =mR 2+mR 2.(C) J =(J 1+mR 2)+(J 2+mR 2).(D) J =[J 1+m (2R )2]+[J 2+m (2R )2]. 答案:(C) 参考解答:根据转动惯量具有叠加性,则整个刚体对通过杆与球体的固结点0且与杆垂直的轴的转动惯量为细杆和球体分别对该轴转动惯量之合。
大学物理第3章刚体定轴转动期末试题及答案
第三章《刚体定轴转动》自测题一、单选题1、几个力同时作用在一个具有光滑固定转轴的刚体上,如果这几个力的矢量和为零,则此刚体()A、必然不会转动B、转速必然不变C、转速必然改变D、转速可能不变,也可能改变2、均匀细棒OA可绕通过其一端O而与棒垂直的水平固定光滑轴转动,如图所示。
今使棒从水平位置由静止开始自由下落,在棒摆动到竖直位置的过程中,下述说法哪一种是正确的?()A、角速度从小到大,角加速度从大到小B、角速度从小到大,角加速度从小到大C、角速度从大到小,角加速度从大到小D、角速度从大到小,角加速度从小到大3、关于刚体对轴的转动惯量,下列说法中正确的是[]A、只取决于刚体的质量,与质量的空间分布和轴的位置无关B、取决于刚体的质量和质量的空间分布,与轴的位置无关C、取决于刚体的质量、质量的空间分布和轴的位置D、只取决于转轴的位置,与刚体的质量和质量的空间分布无关4、一轻绳绕在有水平轴的定滑轮上,滑轮的转动惯量为J,绳下端挂一物体。
物体所受重力为G,滑轮的角加速度为α。
若将物体去掉而以与G相等的力直接向下拉绳子,滑轮的角加速度α将()A、不变B、变小C、变大D、如何变化无法判断5、一水平圆盘可绕通过其中心的固定竖直轴转动,盘上站着一个人。
把人和圆盘取作系统,当此人在盘上随意走动时,若忽略轴的摩擦,此系统()A、动量守恒B、机械能守恒C、对转轴的角动量守恒D、动量、机械能和角动量都守恒6、刚体角动量守恒的充分而必要的条件是()A、刚体不受外力矩的作用B、刚体所受合外力矩为零C、刚体所受的合外力和合外力矩均为零D 、刚体的转动惯量和角速度均保持不变7、跳水运动员在空中绕通过自身的轴转动,开始时身体展开,转动惯量为J 0,角速度为0ω,然后她将身体迅速蜷紧,这时她转动的角速度将()A 、增大B 、减小C 、不变D 、可能增大可能减小二、计算题1、一轻绳绕过一定滑轮,轴间无摩擦,滑轮视为匀质圆盘,绳的一端悬有质量为m 的物体,如图所示。
大学物理上册第3章习题解答
大学物理上册第3章习题解答第3章角动量定理和刚体的转动一、内容提要1、质点的角动量定理⑴质点对于某一定点的角动量和角动量定理:角动量L r mv =? 角动量定理 dL M dt=⑵质点对于z 轴的角动量和角动量定理:角动量z L r mv τ⊥=? 角动量定理 zz dL M dt=2、质点系的角动量定理刚体的转动惯量和定轴转动定理⑴质点系的角动量定理 i i iidM L dt =∑∑ ⑵刚体的转动惯量 2z iiiI r m =∑ 或2zI r dm =?⑶刚体的定轴转动定理 z z zd M I I dtωβ== 3、刚体的定轴转动动能定理⑴力矩的功z A M d θ=?⑵刚体的转动动能 212k z E I ω=⑶刚体的定轴转动动能定理 22211122z z z A M d I I θωω==-?4、角动量守恒定律⑴质点的角动量守恒定律:若0M =,则21L L = ⑵刚体的对轴角动量守恒定律:刚体对轴的角动量也可写为2z izizL r m I ωω=?=∑,若0iziM =∑,则0z z I I ωω=,即有0ωω=二、习题解答3.1 一发动机的转轴在7s 内由200/min r 匀速增加到3000/min r . 求:(1)这段时间内的初末角速度和角加速度. (2)这段时间内转过的角度和圈数. (3)轴上有一半径为2.0=r m 的飞轮, 求它边缘上一点在7s 末的切向加速度、法向加速度和总加速度.解:(1)初的角速度1200220.9/60rad s πω?=≈ 末的角速度230002314/60rad s πω?=≈角加速度231420.941.9/7rad s t ωβ?-==≈?(2)转过的角度为2211120.9741.97117622t t rad θωβ=+=?+??=117618622 3.14n r θπ===? (3)切向加速度241.90.28.38/a r m s τβ==?=法向加速度为:22423140.2 1.9710/n a r m s ω==?=?总的加速度为:421.9710/a m s ===?3.3 地球在1987年完成365次自转比1900年长14.1s. 求在1900年到1987年间, 地球自转的平均角加速度.解:平均角加速度为0003652365287T t T a t T ππωω??--+?==212373036523652 1.140.9610/8787(3.1510)t rad s T ππ-≈=-=-3.4一人手握哑铃站在转盘上, 两臂伸开时整个系统的转动惯量为22kgm . 推动后, 系统以15/min r 的转速转动. 当人的手臂收回时, 系统的转动惯量为20.8kgm . 求此时的转速.解:由刚体定轴转动的角动量守恒定律,1122I I ωω=121221537.5/min 0.8I r I ωω==?=3.5 质量为60kg , 半径为0.25m 的匀质圆盘, 绕其中心轴以900/min r 的转速转动. 现用一个闸杆和一个外力F 对盘进行制动(如图所示), 设闸与盘之间的摩擦系数为4.0. 求:(1)当100F N =, 圆盘可在多长时间内停止, 此时已经转了多少转?(2)如果在2s 内盘转速减少一半, F 需多大?图3-5 习题1.4图解:(1)设杆与轮间的正压力为N ,10.5l m =,20.75l m =,由杠杆平衡原理得121()F l l Nl +=121()F l l N l +=闸瓦与杆间的摩擦力为: 121()F l l f N l μμ+== 匀质圆盘对转轴的转动惯量为212I mR =,由定轴转动定律,M I β=,有 ()122112F l l R mR l μβ+-= 21212()40/3F l l rad s mRl μβ+=-=-停止转动所需的时间: 0900200607.06403t s πωβ--===- 转过的角度201532332.762t t rad rad θωβπ?=+=?≈532n θπ==圈(2)030ωπ=,在2s 内角速度减小一半,知0227.5/23.55/rad s rad s tωωβπ-=-=-=-()1222112F l l R mR l μβ+-= 112600.250.5(23.55)1772()20.4 1.25mRl F N l l βμ-=-=-≈+??3.6 发动机带动一个转动惯量为250kgm 的系统做定轴转动. 在0.5s 内由静止开始匀速增加到120/min r 的转速. 求发动机对系统施加的力矩.解:由题意,250I kgm =,00ω=,120/min 4/r rad s ωπ==系统角加速度为:20825.12/rad s t tωωωβπ-?====?? 由刚体定轴转动的转动定理,可知M I β=5025.121256M Nm =?=3.7一轻绳绕于半径为R 的圆盘边缘, 在绳端施以mg F =的拉力, 圆盘可绕水平固定光滑轴在竖直平面内转动. 圆盘质量为M , 并从静止开始转动. 求:(1)圆盘的角加速度及转动的角度和时间的关系. (2)如以质量为m 的物体挂在绳端, 圆盘的角加速度及转动的角度和时间的关系又如何?解:(1)由刚体转动定理可知:M I β= 上题可知: M FR mgR ==212I MR =代入上式得2mgMRβ=, 2212mg t t MRθβ==(2)对物体受力分析'mg F ma -= 'F R I β= a R β=,212I MR =由上式解得22mgMR mR β=+22122mg t t MR mRθβ==+3.8某冲床飞轮的转动惯量为32410kgm ?. 当转速为30/min r 时, 它的转动动能是多少?每冲一次, 其转速下降10/min r . 求每冲一次对外所做的功.解:由题意,转速为:()030/min /r rad s ωπ== 飞轮的转动动能为:232411410 1.9721022E I J ωπ===? 第一次对外做功为:22011122A I I ωω=- 1220/min 3r πω==()2422222301011111515410 3.14 1.0910*******A I I I I J ωωωωπ=-=-=?==?3.9半径为R , 质量为M 的水平圆盘可以绕中心轴无摩擦地转动. 在圆盘上有一人沿着与圆盘同心, 半径为R r <的圆周匀速行走, 行走速度相对于圆盘为v . 设起始时, 圆盘静止不动, 求圆盘的转动角速度.解:设圆盘的转动角速度为2ω,则人的角速度为12vrωω=-,圆盘的转动惯量为212MR ,人的转动惯量为2mr ,由角动量守恒定律, 222212v mr MR r ωω??-=即22222mrvmr MRω=+3.10 两滑冰运动员, 质量分别为60kg 和70kg , 他们的速率分别为7/m s 和6/m s , 在相距1.5m 的两平行线上相向滑行. 当两者最接近时, 互相拉手并开始绕质心做圆周运动. 运动中, 两者间距离保持m 5.1不变. 求该瞬时:(1)系统的总角动量. (2)系统的角速度.(3)两人拉手前后的总动能.解:⑴ 设1m 在原心,质心为c r70 1.50.87060c r m ?=≈+120.8, 1.50.810.7c r r m r m ===-=21112226070.870607630./J m v r m v r kg m s =+=??+??=⑵ 系统的转动惯量为: 222221122600.8700.772.7I m r m r kgm =+=?+?=6308.66/72.7J rad s I ω==≈ 222201122111160770627302222E m v m v J =+=??+??=221172.78.66272622E I J ω==??≈3.11半径为R 的光滑半球形碗, 固定在水平面上. 一均质棒斜靠在碗缘, 一端在碗内, 一端在碗外. 在碗内的长度为c , 求棒的全长.解:棒的受力如图所示本题属于刚体平衡问题,由于碗为光滑半球形,A 端的支持力沿半径方向,而碗缘B 点处的支持力方向不能确定,两个支持力和重力三者在竖直平面内。
大学物理第3章作业解答
第三章刚体的定轴转动选择题3-1 如图所示,四个质量相同、线度相同而形状不同的物体,它们对各自的几何对称轴的转动惯量最大的是( A )(A) (B) (C) (D)3-2 在上题中,它们对各自的几何对称轴的转动惯量最小的是( C )3-3 如图所示,P、Q、R、S是附于刚体轻细杆上的四个质点,它们的质量分别为4m、3m、2m和m,PQ QR RS l===,该系统对O O'轴的转动惯量为( A )(A) 29m l.10m l; (D) 214m l; (C) 250m l; (B) 23-4 均匀细棒O A,可绕通过点O与棒垂直的光滑水平轴转动,如图所示.如果使棒从水平位置开始下落,在棒到竖直位置的过程中,下列陈述正确的是( A )(A) 角速度从小到大,角加速度从大到小;(B) 角速度从小到大,角加速度从小到大;(C) 角速度从大到小,角加速度从大到小;(D) 角速度从大到小,角加速度从小到大.3-5 几个力同时作用在一个具有固定转轴的刚体上.如果这几个力的矢量和为零,则下列陈述正确的是( D )(A) 刚体必然不会转动; (B) 刚体的转速必然不变;(C) 刚体的转速必然会变; (D) 刚体的转速可能变,也可能不变.3-6 在光滑的桌面上开一个小孔,把系在绳的一端质量为m的小球置于桌面上,绳的另一端穿过小孔而执于手中.设开始时使小球以恒定的速率v 在水平桌面上作半径为1r 的圆周运动,然后拉绳使小球的轨道半径缩小为2r ,新的角速度2ω和原来的角速度1ω的关系为( B ) (A) 1212r r ωω⎛⎫ ⎪⎝⎭=; (B) 21212r r ωω⎛⎫⎪⎝⎭=;(C) 2211r r ωω⎛⎫ ⎪⎝⎭=; (D) 22211r r ωω⎛⎫⎪⎝⎭=.3-7 在上题中,新的动能和原来的动能之比为 ( A )(A) 212r r ⎛⎫ ⎪⎝⎭; (B) 12r r ; (C) 21rr ; (D) 221r r ⎛⎫ ⎪⎝⎭.3-8 刚体绕定轴高速旋转时,下列陈述正确的是 ( D )(A) 它受的外力一定很大; (B) 它受的外力矩一定很大;(C) 它的角加速度一定很大; (D) 它的角动量和转动动能一定很大. 3-9 芭蕾舞演员绕通过脚尖的竖直轴旋转,当她伸长手臂时的转动惯量为J ,角速度为ω.她将手臂收回至前胸时,转动惯量减小为3J ,此时她的角速度为 ( A )(A) 3ω; (D) 13ω.3-10 三个完全相同的转轮绕一公共轴旋转.它们的角速度大小相同,但其中一轮的转动方向与另外两个轮相反.今沿轴的方向施力,将三者靠在一起,使它们获得相同的角速度.此时靠在一起后系统的动能与原来三转轮的总动能相比是 ( B )(A) 减少到13; (B) 减少到19;(C) 增大到3倍; (D) 增大到9倍.计算题3-11 一电动机的电枢转速为11800r min -⋅,当切断电源后,电枢经20s 停下.求:(1) 切断电源后电枢转了多少圈;(2) 切断电源后10s 时,电枢的角速度以及电枢边缘上一点的线速度、切向加速度和法向加速度(设电枢半径为10cm ).解 (1) 切断电源时,电枢的转速为11018002πrad s60πrad s60ω--⨯=⋅=⋅电枢的平均角加速度为22060πrad s3.0πrad s20tωα----==⋅=-⋅∆由2202ωωαθ-=∆,且0ω=,可得切断电源后电枢转过的角度为()()22060πrad 600πrad 223πωθα--∆===⨯-转过的圈数为600πr 300r 2π2πN θ∆===(2) 切断电源后10s 时,电枢的角速度为()11060π 3.0π10rad s30πrad s t ωωα--=+=-⨯⋅=⋅此时电枢边缘上一点的线速度、切向加速度和法向加速度分别为()111222t 222222n 0.1030πm s3.0πm s9.42m s0.10 3.0πm s0.30πm s0.942m s0.1030πm s90πm s888m sr a r a r ωαω---------==⨯⋅=⋅=⋅==-⨯⋅=-⋅=-⋅==⨯⋅=⋅=⋅v3-12 一飞轮由直径为0.30m 、厚度为22.010m -⨯的圆盘和两个直径为0.10m 、长为28.010m -⨯的圆柱体组成.设飞轮的密度为337.810kg m -⨯⋅,求飞轮对转轴的转动惯量.解 飞轮上的圆盘的半径为10.15m r =,圆柱体的半径为20.05m r =. 飞轮上的圆盘质量为2322111π7.810π0.15 2.010kg 11.0kg m r h ρ-==⨯⨯⨯⨯=圆柱体的质量为2322222π7.810π0.058.010kg 4.90kgm r h ρ-==⨯⨯⨯⨯⨯=飞轮的转动惯量是圆盘和两个圆柱体的转动惯量之和为22222211221111.00.15 4.900.05kg m 0.136kg m 22J m r m r ⎛⎫=+=⨯⨯+⨯⋅=⋅ ⎪⎝⎭3-13 如图所示,质量分别为2m 、3m 和4m 的三个小球,用长均为l 、质量均为m 的三根均匀细棒相连,如图所示(小球的半径r l <<,可视为质点).求该物件对通过点O 垂直于图面的转轴的转动惯量.解 该物件的转动惯量是三个小球和三根细棒的转动惯量之和为2222212343103J m l m l m l m l m l =+++⨯=3-14 细棒长为l ,质量为m ,设转轴通过棒上离中心为h 的一点并与棒垂直.求棒对此轴的转动惯量.解 由平行轴定理,细棒的转动惯量为22222c 111212J J m h m l m h m l h ⎛⎫=+=+=+ ⎪⎝⎭3-15 一个半径为R 质量为m 的均匀圆盘,挖去直径为R 的一个圆孔,如图所示.求剩余部分对通过圆心O 且与盘面垂直的轴的转动惯量.解 开孔圆盘的转动惯量等于完整圆盘的转动惯量减去位于圆孔部位的被挖去的小圆盘的转动惯量:2222111322424232m R m R J m R m R ⎡⎤⎛⎫⎛⎫=-+=⎢⎥ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎢⎥⎣⎦ 3-16 如图所示,某飞轮的直径为0.50m 、转动惯量为22.4k g m ⋅、转速为311.010r min-⨯⋅.如果制动时闸瓦对轮的压力为490N ,闸瓦与轮之间的滑动摩擦因数为0.4,求制动后飞轮转多少圈才停止.解 制动前,飞轮的转速为31102π 1.010rad s105rad s60ω--⨯⨯=⋅=⋅飞轮所受的制动力矩为n 0.44900.25N m 49N m M F R μ=-=-⨯⨯⋅=-⋅根据转动定律,M J α=,可得制动后飞轮的角加速度为2249rad s20.4rad s2.4M J α---==⋅=-⋅由2202ωωαθ-=∆,且0ω=,可得制动后飞轮转过角度为220105rad 270rad 22(20.4)ωθα--∆===⨯-转过的圈数为270r 43.0r 2π2πN θ∆===3-17 如图所示,一物体质量为5kg ,从一倾角为o 37的斜面滑下,物体与斜面的摩擦因数为0.25.一滑轮装在固定轴O 处,轻绳的一端绕在滑轮上,另一端与物体相连.若滑轮可视为是实心圆盘,其质量为20kg 、半径为0.2m ,绳与轮间无相对滑动,且轮轴的摩擦阻力矩忽略不计.求:(1) 物体沿斜面下滑的加速度; (2) 绳中的张力.解 物体和滑轮的示力图以及坐标选取如图所示.图中P 为重力,N F 为正压力,r F 为摩擦力,T F 为张力,T T F F '=.O x 轴沿斜面向下,Oy 垂直于斜面.设物体的质量为1m ,滑轮的质量为2m ,滑轮的半径为r .对物体,根据牛顿第二定律,在O x 和Oy 方向分别有o1T r 1sin 37m g F F m a --=oN 1cos 370F m g -=重力2P 和轮轴对滑轮的压力N 2F 均通过转轴,对转轴的力矩为零.以垂直纸面向里为正方向,滑轮所受的力矩为T T M F r F r '=⋅=⋅.对滑轮,根据转动定律,有T F r J α⋅=而a r α=r N F F μ=2212J m r =联立解以上方程,可得物体沿斜面下滑的加速度和绳中的张力分别为()oo11222sin 37cos 3712345 0.259.8 m s 1.31 m s1555202m a gm m μ--=-+⎛⎫=-⨯⨯⨯⋅=⋅ ⎪⎝⎭+⨯T 21120 1.31 N 13.1 N 22F Jm a rα===⨯⨯=3-18 如图所示,长为l 、质量为m 的均匀细棒可绕点O 转动.此棒原先静止在竖直位置,受微小扰动而倒下.若不计摩擦和空气阻力,求细棒倒至与竖直位置成θ角时的角加速度和角速度.解 细棒的倒下,可看成定轴转动,其转轴通过地面上细棒端点,垂直于细棒的转动平面.在细棒倒下的过程中,细棒与地球组成的系统机械能守恒.以地面为势能零点,设细棒倒至与竖直方向成θ角时,角速度为ω,有21cos 222l l J m gm gωθ+=而213J m l =由此可得,角速度为ω=只有细棒所受的重力对转轴有力矩.以垂直纸面向里为正方向,细棒倒至与竖直方向成θ角时,重力对转轴的力矩为sin 2l M m g θ=.设此时的角加速度为α,则对细棒,根据转动定律,有sin 2l m gJ θα= 将213J m l =代入上式,可得角加速度为3sin 2g lαθ=3-19 如图所示,两个物体质量分别为1m 和2m .定滑轮的质量为m 、半径为R ,可视为圆盘.已知2m 与桌面间的摩擦因数为μ.设轻绳与轮间无相对滑动,且可不计滑轮轴的摩擦力矩,求1m 下落的加速度和滑轮两边绳中的张力.解 两个物体和滑轮的示力图以及坐标选取如图所示.图中P 为重力,N F 为正压力,r F 为摩擦力,T F 为张力,T1T1F F '=,T 2T 2F F '=.O x 轴水平向右,Oy 轴竖直向下.两个物体的加速度虽方向不同,但大小相同,12a a a ==.对物体1m ,根据牛顿第二定律,在Oy 方向有1T 11m g F m a -=对物体2m ,根据牛顿第二定律,在O x 方向有T 2r 2F F m a -=滑轮所受的重力和转轴对滑轮的压力都通过转轴,对转轴的力矩为零.以垂直纸面向里为正方向,滑轮所受的力矩为T 1T 2M F R F R =-.对滑轮,根据转动定律,有T 1T 2F R F R J α-=而212J m R =a R α=r 2F m gμ=联立解以上方程,可得物体的加速度与绳中的张力分别为()1212222m m a g m m mμ-=++()2T 11122122m m F m gm m m μ++=++()1T 22122122m m F m gm m mμ++=++3-20 一圆盘状的均匀飞轮,其质量为100kg 、半径为0.5m ,绕几何中心轴转动.在30s 内,由起始转速13000r m in-⋅均匀地减速至11000r m in -⋅.求阻力矩所做的功.解 飞轮初、末角速度分别为1102π3000rad s100πrad s60ω--⨯=⋅=⋅112π1000100rad sπrad s603ω--⨯=⋅=⋅飞轮的转动惯量为2222111000.5kg m 12.5kg m 22J m R ==⨯⨯⋅=⋅根据动能定理理,外力矩对飞轮所做的功等于飞轮转动动能的增量,可得在飞轮减速的过程中,阻力矩对飞轮所做的功为()222200225111()2221100π 12.5100πJ 5.4810J23A J J J ωωωω=-=-⎡⎤⎛⎫=⨯⨯-=-⨯⎢⎥ ⎪⎝⎭⎢⎥⎣⎦3-21 质量为m '、半径为R 的转台,可绕过中心的竖直轴转动.质量为m 的人站在转台的边缘.最初人和转台都静止,后来人在转台的边缘开始跑动.设人的角速度(相对于地面)为ω,求转台转动的角速度(转台可看成质量均匀分布的圆盘,并忽略转轴处的摩擦力矩和空气的阻力).解 人和转台组成的系统对中心轴角动量守恒.以人的角速度的方向为正方向,设转台的角速度为1ω,有210J m R ωω+=而212J m R '=由此可得12m m ωω-='式中的负号表明,转台的转动方向与人的转动方向相反.3-22 如图所示,一个转动惯量为J 、半径为R 的圆木盘,可绕通过中心垂直于圆盘面的轴转动.今有一质量为m 的子弹,在距转轴2R 的水平方向以速度0v 射入,并嵌在木盘边缘.求子弹嵌入后木盘转动的角速度.解 子弹和木盘组成的系统,对转轴角动量守恒.以垂直于纸面向外为正方向,设子弹嵌入后,木盘转动的角速度为ω,有2()2R J m R m ω+=v由此可得022()m R J m R ω=+v3-23 如图所示,一均匀细棒长为l 、质量为m ,可绕经过端点O 的水平轴转动.棒被拉到水平位置由静止轻轻放开,下落至竖直位置时,下端与放在地面上的静止物体相撞.若物体的质量也为m ,物体与地面间的摩擦因数为μ,物体滑动s 距离后停止.求: (1) 棒与物体碰撞后,物体的速度;(2) 棒与物体碰撞后,棒的角速度.解 (1)根据动能定理,摩擦力对滑块所做的功等于滑块动能的增量.设物体因碰撞而获得的速度为v ,有2102m gs m μ-=-v由此可得=v (2) 细棒下落的过程中,细棒与地球组成的系统机械能守恒定律.以地面为势能零点,设细棒下落至竖直位置时的角速度为0ω,有20122l J m gω=而213J m l =由此可得0ω=.碰撞过程中角动量守恒.以垂直纸面向外为正方向,设碰撞后,细棒的角速度为ω,有0J m l J ωω+=v将213J m l =、=v 和0ω=代入上式,可得lω=若0ω>,碰撞后细棒继续向右转动, 若0ω<,碰撞后细棒向左转动.。
大学物理习题答案刚体的转动
大学物理刚体的定轴转动习题及答案1.刚体绕一定轴作匀变速转动,刚体上任一点是否有切向加速度?是否有法向加速度?切向和法向加速度的大小是否随时间变化?答:当刚体作匀变速转动时,角加速度1不变。
刚体上任一点都作匀变速圆周运动,因此该点速率在均匀变化,V =1 • •,所以一定有切向加速度a t =,其大小不变。
又因该点速度的方向变化,所以一定有法向加速度a n^\ 2,由于角速度变化,所以法向加速度的大小也在变化。
2.刚体绕定轴转动的转动定律和质点系的动量矩定理是什么关系?答:刚体是一个特殊的质点系,它应遵守质点系的动量矩定理,当刚体绕定轴Z转动时,动量矩定理的形式为M z =弓7,M z表示刚体对Z轴的合外力矩,L z表示刚体对Z轴的动量矩。
Lz - 7 mN2=1「,其中I - ,代表刚体对定轴的转动惯量,所以M z =归丿d I :。
既M z = I :。
dt dt dt所以刚体定轴转动的转动定律是质点系的动量矩定理在刚体绕定轴转动时的具体表现形式,及质点系的动量矩定理用于刚体时在刚体转轴方向的分量表达式。
3.两个半径相同的轮子,质量相同,但一个轮子的质量聚集在边缘附近,另一个轮子的质量分布比较均匀,试问:(1)如果它们的角动量相同,哪个轮子转得快?(2)如果它们的角速度相同,哪个轮子的角动量大?答:(1)由于L =1,,而转动惯量与质量分布有关,半径、质量均相同的轮子,质量聚集在边缘附近的轮子的转动惯量大,故角速度小,转得慢,质量分布比较均匀的轮子转得快;(2)如果它们的角速度相同,则质量聚集在边缘附近的轮子角动量大。
4.一圆形台面可绕中心轴无摩擦地转动,有一玩具车相对台面由静止启动,绕轴作圆周运动,问平台如何运动?如小汽车突然刹车,此过程角动量是否守恒?动量是否守恒?能量是否守恒?答:玩具车相对台面由静止启动,绕轴作圆周运动时,平台将沿相反方向转动;小汽车突然刹车过程满足角动量守恒,而能量和动量均不守恒。
大学中学物理习题答案刚体转动
大学物理 刚体的定轴转动 习题及答案1.刚体绕一定轴作匀变速转动,刚体上任一点是否有切向加速度?是否有法向加速度?切向和法向加速度的大小是否随时间变化?答:当刚体作匀变速转动时,角加速度β不变。
刚体上任一点都作匀变速圆周运动,因此该点速率在均匀变化,v l ω=,所以一定有切向加速度t a l β=,其大小不变。
又因该点速度的方向变化,所以一定有法向加速度2n a l ω=,由于角速度变化,所以法向加速度的大小也在变化。
2. 刚体绕定轴转动的转动定律和质点系的动量矩定理是什么关系?答:刚体是一个特殊的质点系,它应遵守质点系的动量矩定理,当刚体绕定轴Z 转动时,动量矩定理的形式为z z dL M dt=,z M 表示刚体对Z 轴的合外力矩,z L 表示刚体对Z 轴的动量矩。
()2z i iL m l I ωω==∑,其中()2i iI m l =∑,代表刚体对定轴的转动惯量,所以()z zdL d d MI II dtdtdtωωβ====。
既 zMI β=。
所以刚体定轴转动的转动定律是质点系的动量矩定理在刚体绕定轴转动时的具体表现形式,及质点系的动量矩定理用于刚体时在刚体转轴方向的分量表达式。
3.两个半径相同的轮子,质量相同,但一个轮子的质量聚集在边缘附近,另一个轮子的质量分布比较均匀,试问:(1)如果它们的角动量相同,哪个轮子转得快?(2)如果它们的角速度相同,哪个轮子的角动量大?答:(1)由于L I ω=,而转动惯量与质量分布有关,半径、质量均相同的轮子,质量聚集在边缘附近的轮子的转动惯量大,故角速度小,转得慢,质量分布比较均匀的轮子转得快;(2)如果它们的角速度相同,则质量聚集在边缘附近的轮子角动量大。
4.一圆形台面可绕中心轴无摩擦地转动,有一玩具车相对台面由静止启动,绕轴作圆周运动,问平台如何运动?如小汽车突然刹车,此过程角动量是否守恒?动量是否守恒?能量是否守恒?答:玩具车相对台面由静止启动,绕轴作圆周运动时,平台将沿相反方向转动;小汽车突然刹车过程满足角动量守恒,而能量和动量均不守恒。
大学物理第3章-刚体力学习题解答
第3章 刚体力学习题解答3.13 某发动机飞轮在时间间隔t 内的角位移为):,:(43s t rad ct bt at θθ-+=。
求t 时刻的角速度和角加速度。
解:23212643ct bt ct bt a dt d dtd -==-+==ωθβω3.14桑塔纳汽车时速为166km/h ,车轮滚动半径为0.26m ,发动机转速与驱动轮转速比为0.909, 问发动机转速为每分多少转?解:设车轮半径为R=0.26m ,发动机转速为n 1, 驱动轮转速为n 2, 汽车速度为v=166km/h 。
显然,汽车前进的速度就是驱动轮边缘的线速度,909.0/2212Rn Rn v ππ==,所以:min/1054.1/1024.93426.014.3210166909.02909.013rev h rev n R v ⨯=⨯===⨯⨯⨯⨯π3.15 如题3-15图所示,质量为m 的空心圆柱体,质量均匀分布,其内外半径为r 1和r 2,求对通过其中心轴的转动惯量。
解:设圆柱体长为h ,则半径为r ,厚为dr 的薄圆筒的质量dm 为:2..dm h r dr ρπ=对其轴线的转动惯量dI z 为232..z dI r dm h r dr ρπ==212222112..()2r z r I h r r dr m r r ρπ==-⎰ 3.17 如题3-17图所示,一半圆形细杆,半径为 ,质量为 ,求对过细杆二端轴的转动惯量。
解:如图所示,圆形细杆对过O 轴且垂直于圆形细杆所在平面的轴的转动惯量为mR 2,根据垂直轴定理z x y I I I =+和问题的对称性知:圆形细杆对过轴的转动惯量为12mR 2,由转动惯量的可加性可求得:半圆形细杆对过细杆二端轴的转动惯量为:214AA I mR '=3.18 在质量为M ,半径为R 的匀质圆盘上挖出半径为r 的两个圆孔,圆孔中心在半径R 的中点,求剩余部分对过大圆盘中心且与盘面垂直的轴线的转动惯量。
03-刚体的定轴转动习题答案
刚体的定轴转动习题参考答案1. t t t 4323+-=θ,4632+-==t t dt d θω,角加速度6622-==t dtd θβ2. 根据转动定律βI M =可知:和外力矩越大,角加速度越大。
3. 细杆静止,细杆所受各力对过B 的水平轴的力矩和为零,θθsin 2cos lmg Nl =,可知2tan θmg N =。
4. 根据转动惯量的定义⎰=Vdm r I 2,可知B A I I =5. 力矩为零,角动量守恒。
质点受力不为零,动量不守恒。
6. 根据力对转轴力矩的概念,(A )正确。
7. 外力力矩为零,角动量守恒。
8. 根据角动量守恒,ωω00031I I =,可得03ωω=。
二、填空题1、j i vππ68+-=2、16-⋅S rad ,210-⋅-Srad3、质量、质量分布、转轴的位置4、R mg μ325、2mR aag - 6、232mL ,mLv 7、角动量,04ω8、122-⋅⋅Sm kg1. j i r vππω68+-=⨯=。
2. 角速度t dt d 108-==θω,角加速度10-==dtd ωβ,可得t=0.2s 时刚体的角速度为16-⋅S rad 、角加速度为210-⋅-S rad 。
3. 根据转动惯量的定义,转动惯量与质量、质量分布以及转轴的位置有关。
4. 将圆形平板看做一系列同心圆环组成的,摩擦力对转轴的力矩为:32202mgR rdr R mrgrgdm M Rf μππμμ===⎰⎰。
5. 对于m :ma T mg =-;对于定滑轮:RaII TR ==β;将两式联立可求得定滑轮转动惯量2mR aag I -=。
6. 根据转动惯量∑∆=2mr I ,232mL I =;角动量mLv I =ω。
7. 物体受力为有心力,该力对圆心的力矩为零,所以角动量守恒;根据角动量守恒定律,有ωω202)2(R m mR =,则04ωω=。
8. 由角动量定理,1221L L Mdt t t -=⎰,有122-⋅⋅=∆=∆s m kg t FL L 。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
3. 刚体由长为 ,质量为 匀质细棒和质量也为 小球牢固地连 刚体由长为l,质量为m匀质细棒和质量也为 匀质细棒和质量也为m小球牢固地连 结在杆一端而成,绕过杆的另一端O的水平轴转动 的水平轴转动, 结在杆一端而成,绕过杆的另一端 的水平轴转动,在忽略轴处 摩擦情况下,杆由水平位置由静止状态自由转下,试求: 摩擦情况下,杆由水平位置由静止状态自由转下,试求: 角时, (1)杆与水平线成 角时,刚体角加速度; )杆与水平线成θ角时 刚体角加速度; (2)竖直位置时刚体角速度,小球线速度。 )竖直位置时刚体角速度,小球线速度。
(1)
1 2 l = ( ml + ml 2 ) ⋅ β mg cosθ + mgl cosθ 3 2
9gcos θ ⇒β = 8l
l 1 1 2 2 2 (2) mg + mgl = (ml + m )ω l 2 2 3
o
θ
3 g ⇒ω = , 2 l
3 υ = lω = lg 2
4.垂直于盘面力 将一粗糙平面紧压在一飞轮的盘面上使其制动, 垂直于盘面力F将一粗糙平面紧压在一飞轮的盘面上使其制动 垂直于盘面力 将一粗糙平面紧压在一飞轮的盘面上使其制动, 飞轮看作是质量为m,半径为R匀质圆盘 匀质圆盘, 飞轮看作是质量为 ,半径为 匀质圆盘,盘面与粗糙平面间摩 擦系数为µ,轴粗细可略,飞轮初始角速度为ω 试求: 擦系数为 ,轴粗细可略,飞轮初始角速度为 0。试求: (1)摩擦力矩 ) (2)经过多少时间,飞轮才停止转动? )经过多少时间,飞轮才停止转动?
的恒力矩作用下, 现在大小为 8N ⋅ m 的恒力矩作用下,刚体转动 的角速度在2s内均匀减速至 的角速度在 内均匀减速至 ω = 4 rad⋅ s −1 则刚体在此恒力矩的作用下的角加速度
β = -2rad·s-2,刚体对此轴的转动惯量
I=
4kg·m2。
8.一刚体对某定轴的转动惯量为 I = 10 kg ⋅ m 2 . 它在恒力矩作用下由静止开始做角加速度 β = 2 rad⋅ s 2 的定轴转动。此刚体在 末的转动动能 的定轴转动。此刚体在5s末的转动动能 EK = 500J 该恒力矩 M = 20N·m 该恒力矩在0~5s这段时间内所作的功 A = 500J 该恒力矩在 这段时间内所作的功 刚体转动的角度
∆θ =
25rad。 。
9.质量分别为 m 和 2m 的两物体 都可视为质点 ,用 . 的两物体(都可视为质点 都可视为质点), 的轻质刚性细杆相连, 一长为 l 的轻质刚性细杆相连,系统绕通过杆且与杆 垂直的竖直固定轴 O 转动,已知 O 轴离质量为2m 的 转动, 质点的距离为 l/3,质量为m的质点的线速度为 v 且 与杆垂直,则该系统对转轴的动量矩 与杆垂直,
根据质心概念, 解 根据质心概念,质心坐标为
xC =
R
∑m x
i
i i
m
yC =
∑m y
i i
i
题3.1图
m
以半径为R的圆盘中心为坐标原点,切割后圆盘剩余 以半径为R的圆盘中心为坐标原点, 部分的质心位置坐标为
σπ R2 × 0 − σπ r 2 × R / 2 Rr 2 =− , xC = 2 2 2 2 2(R − r ) σ (π R − π r )
A.
M
α1
B.
M
α2
M C. α1 + α 2
M D. α1 − α 2
5.一根长为 ,质量为 的均匀细直棒在地上竖立着。如 一根长为l,质量为m的均匀细直棒在地上竖立着 的均匀细直棒在地上竖立着。 一根长为 果让竖立着的棒,以下端与地面接触处为轴倒下, 果让竖立着的棒,以下端与地面接触处为轴倒下,当 上端达地面时速率应为 A.
J J J ω C. ω B. A. ω D. ω0 2 0 2 0 2 0 (J + m)R J + mR mR
二、填空题
1. 半径为 半径为0.2m,质量为 的匀质圆盘, ,质量为1kg的匀质圆盘,可绕过 的匀质圆盘 圆心且垂直于盘的轴转动。现有一变力F= 圆心且垂直于盘的轴转动。现有一变力 =0.1t 以牛顿计, 以秒计) (F以牛顿计,t以秒计)沿切线方向作用在圆 以牛顿计 以秒计 盘边缘上。如果圆盘最初处于静止状态, 盘边缘上。如果圆盘最初处于静止状态,那么 它在第3秒末的角加速度 = 它在第 秒末的角加速度β= 3rad ⋅ s ,角速度 秒末的角加速度 ω= 4.5rad ⋅ s 。 =
L = r × mυ 2 M = r × F = r × ma = −mω r × r = 0 M = r × ma
i j k L = r × mυ = m acosωt bsinωt 0 = mωabk − aωsinωt bωcosωt 0
−1 7.一刚体绕定轴转动,初角速度 ω 0 = 8 rad ⋅ s 一刚体绕定轴转动,
o
8.对一个绕固定水平轴O匀速转动的转盘,沿如图 .对一个绕固定水平轴 匀速转动的转盘, 匀速转动的转盘 所示的同一水平直线从相反方向射入两颗质量相同、 所示的同一水平直线从相反方向射入两颗质量相同、 速率相等的子弹,并留在盘中, 速率相等的子弹,并留在盘中,则子弹射入后转盘的 角速度应为 A.增大 B. 减小 C.不变 D.无法确定 . . . .
−1 −2
2.一飞轮Leabharlann 径为D,质量为 (可视为圆盘),边 .一飞轮直径为 ,质量为m(可视为圆盘), ),边 缘绕有绳子,现用恒力拉绳子一端, 缘绕有绳子,现用恒力拉绳子一端,使其由静 止开始均匀地加速,经过时间t, 止开始均匀地加速,经过时间 ,角速度增加为 ω,则飞轮的角加速度为 , 这段时间内飞轮转过
dω
6. 一质量为 的质点沿着一条空间曲线运动,该 一质量为m的质点沿着一条空间曲线运动 的质点沿着一条空间曲线运动, 曲线在直角坐标系下的定义式为
r = a cos( t ) i + bsin( t ) j ω ω
式中a 都是常数, 式中 、b、ω都是常数 则此质点所受的对原点 都是常数 力矩 M = 0 ;角动量 L = mωabk。
β = ω / t, N = ωt / 4π 转,
1 2 2 m ω。 D = 拉力做的功为 A= 16
4(l + 3x ) 。 1 2 l 2 1 2 2 [ ml + m( ) ]ω0= [ ml + mx ]ω 3 2 3
2 2
3. 在一水平放置的质量为 、 长度为 的均匀细 在一水平放置的质量为m、长度为l的均匀细 杆上, 套着一个质量为m套管 可看作质点), 套管B(可看作质点 杆上 , 套着一个质量为 套管 可看作质点 , 套管用细线拉住,它到竖直光滑固定轴OO′距离 套管用细线拉住,它到竖直光滑固定轴 距离 ω 为 l / ,杆和套管组成系统以角速度 0 绕OO′轴 轴 2 转动,如图所示。若在转动过程中细线被拉断, 转动,如图所示。若在转动过程中细线被拉断, 套管将沿着杆滑动。在套管滑动过程中, 套管将沿着杆滑动。在套管滑动过程中,该系统 与套管轴的距离x的函数关系为 转动的角速度 ω 与套管轴的距离 的函数关系为 2 2 1 7ω0l (杆对 杆对OO′轴转动惯量为 3 ml ) 杆对 轴转动惯量为
当ω= =
1 ω 时,飞轮的角加速度 = 飞轮的角加速度β= 3 0
1 ω0经过时间 经过时间t 3
从开始制动到ω= 从开始制动到 = 1) M = −kω2 = Iβ →β dω 2 2) M = −kω = I
dt
=
− kω / 9I , 2I / kω0。
2 0
∫ω
ω0
0
3
k t = ∫0 dt →t 2 ω I
9.质量相等, 半径相同的一金属环 和同一种金属的圆 质量相等,半径相同的一金属环A和同一种金属的圆 质量相等 盘B,对于垂直于圆面的中心转轴,它两的转动惯量有: ,对于垂直于圆面的中心转轴,它两的转动惯量有: A.IA=IB . C.IA>IB . B.IA<IB . D.不能判断 .
10.有一半径为 的水平圆转台,可绕通过其中的竖直 .有一半径为R的水平圆转台 的水平圆转台, 固定光滑轴转动,转动惯量为J, 固定光滑轴转动 , 转动惯量为 , 开始时转台以匀角速 转动,此时有一质量为m的人站在转台中心 的人站在转台中心, 度ω0转动,此时有一质量为 的人站在转台中心,随后 人沿半径向外跑去,当人到达转台边缘时, 人沿半径向外跑去,当人到达转台边缘时,转台的角速 度为
一、选择题 力学体系由两个质点组成,它们之间只有引力作用, 1. 力学体系由两个质点组成,它们之间只有引力作用, 若两质点所受的外力的矢量和为零, 若两质点所受的外力的矢量和为零,则此系统 A. 动量、机械能以及角动量都守恒 动量、 动量、机械能守恒, B. 动量、机械能守恒,但角动量是否守恒还不能确 动量守恒, C. 动量守恒,但机械能和角动量是否守恒还不能确定 动量和角动量守恒, D. 动量和角动量守恒,但机械能是否守恒还不能确定 一刚体绕定轴转动,若它的角速度很大, 2. 一刚体绕定轴转动,若它的角速度很大,则 A. 作用在刚体上的合外力一定很大 作用在刚体上的合外力一定为零 B. 作用在刚体上的合外力一定为零 C. 作用在刚体上的合外力矩一定很大 D. 以上说法都不对
L=
2l v l m ⋅ v ⋅ + 2 m ⋅ ⋅ = mυ l 3 2 3
1.半径为r的圆盘是从半径为R的均质圆盘上切割出来的,如图 半径为r的圆盘是从半径为R的均质圆盘上切割出来的, 所示。圆孔中心到原来圆盘中心的距离是R/2 R/2, 所示。圆孔中心到原来圆盘中心的距离是R/2,求原来圆盘剩余 部分的质心位置。 部分的质心位置。
刚体定轴转动作业答案
3.关于力矩有以下几种说法,其中正确的是 .关于力矩有以下几种说法, A.内力矩会改变刚体对某个定轴的角动量 . B.作用力和反作用力对同一轴的力矩之和必为零 . C.角速度的方向一定与外力矩的方向相同 . D.质量相同、形状和大小不同的两个刚体,在相同 .质量相同、形状和大小不同的两个刚体, 力 矩的作用下, 矩的作用下,它们的角加速度一定相等 4.一力矩 作用于飞轮上,使该轮得到角加速度α1,如 一力矩M作用于飞轮上 一力矩 作用于飞轮上, 撤去这一力矩, 撤去这一力矩,此轮的角加速度为 - α2 , 则该轮的转动 惯量为