福建永春2016高二物理暑假作业1.

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2015-2016学年福建省泉州市永春一中高二(下)物理暑假作业(7月份)(5)

2015-2016学年福建省泉州市永春一中高二（下）物理暑假作业（7月份）（5）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共10小题，共40.0分)1.在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（）A.爱因斯坦创立了“日心说”B.哥白尼提出了“地心说”C.伽利略发现了行星运动定律D.牛顿总结出了万有引力定律【答案】D【解析】解：A、B爱因斯坦创立了相对论，哥白尼提出了“日心说”．故A错误，B也错误．C、开普勒发现了行星运动的三大定律．故C错误．D、牛顿总结出了万有引力定律．故D正确．故选：D．爱因斯坦创立了相对论，哥白尼提出了“日心说”，开普勒发现了行星运动定律，牛顿总结出了万有引力定律．本题考查物理学史，这也是高考考查的内容之一，对著名科学家的贡绩要记牢，不能张冠李戴．2.如图，一个物体放在水平面上，在跟竖直方向成θ角的斜向下的推力F的作用下沿平面移动了距离s，若物体的质量为m，物体与地面之间的摩擦力大小为f，则在此过程中（）A.力F做的功为F sB.力F做的功为F scosθC.物体克服摩擦力做的功为fsD.重力做的功为mgs【答案】C【解析】解：AB、力F做功为F scos（90°-θ），故AB均错误；C、物体克服摩擦力做功为fs，故C正确；D、重力与位移相互垂直，故重力不做功，故D错误；故选：C．已知物体的受力情况及位移，由功的公式即可求得各力的功，注意F与位移之间的夹角不是θ，而是90°-θ．本题考查功的计算，要求我们能正确理解公式中各物理量的含义．3.一个物体由地面开始做斜抛运动（不计空气阻力），在从抛出到落回地面的过程中，下列说法正确的是（）A.物体的加速度不断变化B.物体的速度不断减少C.物体达到最高点时速度沿水平方向D.物体达到最高点时速度等于零【解析】解：A、斜抛运动只受重力，加速度恒定不变，故A错误；B、斜抛运动的上升过程物体的速度不断减少，下降过程速度增加，故B错误；C、曲线运动的速度方向沿着切线方向，物体达到最高点时速度沿水平方向，故C正确；D、物体达到最高点时速度沿水平方向，不为零，故D错误；故选：C．物体以一定的初速度斜向射出去，在空气阻力可以忽略的情况下，物体所做的这类运动叫做斜抛运动．物体作匀变速曲线运动，它的运动轨迹是抛物线．本题关键是明确斜抛运动的受力情况和运动学特点，知道斜抛运动是匀变速曲线运动，基础题目．4.一物体静止在升降机的地板上，在升降机加速上升的过程中，下列说法正确的是（）A.合外力对物体不做功B.地板对物体的支持力做正功C.地板对物体的支持力做负功D.重力对物体不做功【答案】B【解析】解：A、在加速上升的过程中，动能增加，根据动能定理可知，合外力做正功，故A错误；B、C、支持力的方向与运动方向相同，所以支持力做正功，故B正确，C错误；D、在加速上升的过程中，重力的方向与运动方向相反，所以重力做负功，故D正确；故选：B．根据动能定理可知合外力的做功情况；再分析各力及位移；根据功的公式分析各力做功情况．解决本题的关键知道：当力的方向运动方向相同，该力做正功；力与运动方向相反，该力做负功；力与运动方向垂直，则该力不做功．5.一物体由静止开始从粗糙的斜面上的某点加速下滑到另一点，在此过程中重力对物体做的功等于（）A.物体动能的增加量B.物体重力势能的减少量和物体克服摩擦力做的功之和C.物体重力势能的减少量和物体动能的增加量以及物体克服摩擦力做的功之和D.物体动能的增加量与物体克服摩擦力做的功之和【答案】D【解析】解：一物体由静止开始从粗糙的斜面上的某点加速下滑到另一点，在此过程中，物体受重力、支持力、摩擦力，其中重力做正功，支持力不做功，摩擦力做负功．设重力做功为w G，物体克服摩擦力做的功为w f，物体动能的增加量为△E k根据动能定理知道：w合=△E kw G+（-w f）=△E kw G=w f+△E k此过程中重力对物体做的功等于物体动能的增加量与物体克服摩擦力做的功之和．根据重力做功与重力势能变化的关系得：w G=-△E p，在此过程中重力对物体做的功也等于重力势能的减小量．知道合力做功量度动能的变化．建立功能关系的表达式，找出此过程中重力对物体做的功．解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．我们要正确的对物体进行受力分析，能够求出某个力做的功．6.一个人站在距地面为h的阳台上，以相同的速率v0分别沿竖直向上、水平、竖直向下抛出a，b，c三个质量相同的小球，不计空气阻力．则它们（）A.落地时的动能相同B.落地时的动能大小是E kc＞E kb＞E kaC.从抛出到落地重力势能的减少量不同D.落地瞬时重力做功的功率相同【答案】A【解析】解：AB、由动能定理得：mgh=E K-mv02，则得，落地时的动能为E K=mgh+mv02，m、h、v0相同，因此落地时的动能相同，故A正确，B错误；C、重力做功W=mgh，只与小球初末位置的高度差有关，所以重力做功相同，重力势能的减少量相同，故C错误；D、速度是矢量，做平抛运动的小球落地速度方向与水平方向不垂直，做竖直上抛和下抛运动的小球落地速度竖直向下，三小球落地速度方向不同，落地时重力做功的功率为P=mgv y，所以P不同，故D错误；故选：A三个小球分别做平抛，上抛、斜上抛运动，它们的运动时间、落地速度不同，由动能定理可以求出落地动能关系．根据下落高度，分析重力势能变化的关系．由P=mgv y分析落地瞬时重力做功的功率关系．抛体运动的加速度相等，都等于重力加速度，熟练掌握抛体运动规律、动能定理即可正确解题．要注意平抛运动落地时重力的功率是P=mgv y，不是P=mggv．7.在下列的几种运动中，机械能一定不守恒的是（）A.质点做匀速圆周运动B.物体做匀速直线运动C.物体做匀变速运动D.子弹打入木块的过程【答案】D【解析】解：A、质点做匀速圆周运动时，速度的大小不变，但质点的高度变化不变化不一定，当在水平面内转动时，势能不变，机械能可以守恒，所以A错误．B、物体做匀速直线运动的物体，当在水平方向运动时，高度不变，重力势能也不变，此时机械能也可以守恒，所以B错误．C、做匀变速运动的物体，机械能也可以守恒，如平抛运动就是匀变速运动，它的机械能守恒，所以C错误．D、在子弹打入木块的过程中，子弹和木块之间有摩擦力的作用，机械能要减小，减小的机械能变成了系统的内能，所以D正确．故选D．物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是机械能守恒．掌握住机械能守恒的条件，也就是只有重力或者是弹力做功，分析物体是否受到其它力8.下列关于向心力的说法中正确的是（）A.向心力是由于物体做圆周运动而产生的B.向心力是指向圆心方向的合力，是根据力的作用效果命名的C.向心力不一定要由物体受到的外力来提供D.向心力不仅改变速度的大小，也改变速度的方向【答案】B【解析】解：A、做匀速圆周运动的物体所受的合力总是指向圆心，故又称为向心力，向心力不是由于物体做圆周运动而产生的．故A错误；B、做匀速圆周运动的物体所受的合力总是指向圆心，故又称为向心力．它是根据力的作用效果命名的．故B正确；C、向心力一定要由物体受到的外力来提供，做匀速圆周运动的物体必然受到指向圆心的向心力的作用．故C错误；D、向心力始终与速度垂直，永不做功，故只能改变速度的方向，不能改变速度的大小．故D错误．故选：B．做匀速圆周运动的物体必须要有一个指向圆心的合外力，此力可以由一个力提供，也可以由几个力的合力提供．因此向心力是从力的作用效果命名的；由于始终指向圆心，故方向不断变化；因为向心力方向与线速度方向垂直，所以向心力作用只改变线速度方向，不改变线速度大小．向心力是曲线运动这一章的难点也是重点．学生常常以为向心力是物体所受的某一力，所以解题关键是搞清向心力的来源．9.如图，A、B、C三物体放在旋转水平圆台上，它们与圆台间的动摩擦因数均相同，已知A的质量为2m，B和C的质量均为m，A、B离轴距离为R，C离轴距离为2R．当圆台转动时，三物均没有打滑，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则错误的是（）A.这时C的向心加速度最大B.这时B物体受的摩擦力最小C.若逐步增大圆台转速，C比B先滑动D.若逐步增大圆台转速，B比A先滑动【答案】D【解析】解：三个物体都做匀速圆周运动，合力指向圆心，对任意一个受力分析，如图支持力与重力平衡，F合=f=F向由于a、b、c三个物体共轴转动，角速度ω相等，根据题意，r c=2r a=2r b=2R向心加速度a=ω2r，所以C加速度最大，故A正确；由向心力公式F向=mω2r，得三物体的向心力分别为：F a=2mω2RF b=mω2R解得ω=由于C物体的转动半径最大，因而C物体最先滑动，故C正确，D错误；本题选错误的故选：D．先对三个物体进行运动分析与受力分析，找出向心力来源，根据向心力公式求出摩擦力，再求出物体受最大静摩擦力时的临界角速度．本题可从三个物体中选择任意一个物体，建立物理模型后分析比较，而不需要对三个物体分别分析！10.有关人造地球卫星的说法中正确的是（）A.第一宇宙速度是7.9m/sB.第二宇宙速度是近地圆轨道上人造卫星运行速度C.第一宇宙速度是能使卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度D.卫星环绕地球的角速度与轨道半径成反比【答案】C【解析】解：A、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是进入近地圆形轨道的最小发射速度，大小是7.9km/s．故A错误，C正确B、第二宇宙速度，这是物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度．故B错误D、对于地球的卫星，万有引力提供向心力，G=mω2rω=，故D错误故选：C．第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是进入近地圆形轨道的最小发射速度．第二宇宙速度，这是物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度．根据万有引力提供向心力表示出角速度解答．解决该题关键要掌握第一宇宙速度的特点和第二宇宙速度的含义．五、多选题(本大题共1小题，共5.0分)18.物体在光滑的水平面上受到两个水平恒力的作用而做匀速直线运动，若突然撤去其中一个力，另一个保持不变，它可能做（）A.匀速直线运动B.变加速直线运动C.匀变速直线运动D.曲线运动【答案】CD【解析】解：A、一个物体在水平方向上的两个大小相等方向相反的恒力作用下，在光滑的水平面上做匀速直线运动，加速度为零，合力为零；若突然撤去其中一个力，另一个保持不变，物体受到的合外力不为0，不可能做匀速直线运动．故A错误；B、撤去一个力后，剩下的力为恒力，加速度的大小不变，不可能做变加速直线运动．故B错误；确；故选：CD．曲线运动的条件是物体所受合外力方向与速度方向不在同一直线上，即同时满足以下3个条件：（1）初速度不为零；（2）合力不为零；（3）初速度方向与合力方向不在同一直线上．本题关键明确曲线运动的条件以及曲线运动中速度大小变化的决定因数，要能结合动能定理分析讨论．六、单选题(本大题共2小题，共10.0分)19.如图所示，一轻绳的一端系在固定粗糙斜面上的O点，另一端系一小球，给小球一足够大的初速度，使小球在斜面上做圆周运动，在此过程中（）A.小球的机械能守恒B.重力对小球不做功C.绳的张力对小球不做功D.在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功总是等于小球动能的减少【答案】C【解析】解：A、小球在斜面上做圆周运动，在此过程中小球除了重力之外还有摩擦力做功，所以小球的机械能不守恒，故A错误．B、小球在斜面上做圆周运动，在此过程中小球在竖直方向上有位移产生，所以重力做功，故B错误．C、绳的张力始终与小球的速度方向垂直，所以绳的张力对小球不做功，故C正确．D、根据除了重力之外的力做功量度机械能的变化，在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功总是等于小球的机械能的减少，故D错误．故选C．物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是机械能守恒．知道除了重力之外的力做功量度机械能的变化．本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件，同时能判断各个力做功情况．20.如图，小球自a点由静止自由下落，到b点时与弹簧接触，到c点时弹簧被压缩到最短，再由c点运动到b点最后离开弹簧，若不计弹簧质量和空气阻力，在小球由a→b→c→b的运动过程中，说法正确的是（）A.小球的机械能守恒B.小球在b点时动能最大C.小球在运动过程中存在动能减少而机械能增大的过程D.小球从b点运动到c点的过程中，小球动能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量【答案】C【解析】动，到bc间某位置弹力等于重力，后弹力大于重力，小球向下减速运动，因此，小球从b到c过程中先做加速运动，后做减速运动，当弹力等于重力时，速度最大，动能最大，动能最大的位置在bc之间，故B错误．C、在小球c→b的运动过程中，从平衡位置到b的过程中，弹簧的弹力小于重力，小球向上做减速运动，小球的动能减小．而弹力对小球做正功，小球的机械能增加，故C正确．D、小球从b点运动到c点的过程中，小球动能的减少量和重力势能减少量之和等于弹簧弹性势能的增加量，故D错误．故选：C开始小球做自由落体运动，小球从b点接触弹簧，弹力逐渐增大，开始弹力小于重力，到bc间某位置等于重力，后大于重力，因此，小球从b到c过程中先做加速运动，后做减速运动，到c点速度减为零，弹簧压缩到最短，因此明确了整个过程中小球的运动情况，根据功能关系可正确解答本题．本题关键是明确小球的运动情况和整个过程中能量的转化情况，特别是小球从b到c的过程，先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增加的减速运动．七、多选题(本大题共1小题，共5.0分)21.设地球的质量为M，半径为R，自转的角速度为ω，地球表面的重力加速度为g，万有引力恒量为G，同步卫星轨道半径为r，则同步卫星的速度为（）A.v=B.v=ωrC.v=D.v=ω【答案】BC【解析】解：A、由万有引力提供向心力，即=在地球表面处物体万有引力等于重力得：=mg联立解得：v==，故A错误，C正确；B、同步卫星与地球同步，具有相同的角速度做匀速圆周运动，则根据线速度和角速度关系可得：v=ωr，故B正确，D错误；故选：BC．研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出线速度大小；也可以根据线速度定义求出线速度大小．本题考查了万有引力在天体中的应用，解题的关键在于找出向心力的来源，并能列出等式解题．万有引力定律得应用要结合圆周运动的知识解决问题．二、填空题(本大题共4小题，共18.0分)11.在四川抗震救灾活动中，解放军某部运用直升机解救被困群众，在静止在空中的直升机上用电动机通过悬绳将人一个一个地从峡谷中吊到机舱里，已知某个人的质量为80kg，电动机的额定输出功率保持12k W恒定不变，不考虑空气阻力，g=10m/s2，则15m/s【解析】解：当绳子的拉力等于重力时，速度取最大值，根据P=F v=mgv得：v==15m/s故答案为：15m/s当绳子的拉力等于重力时，速度取最大值，根据P=F v=mgv即可求解．本题考查的是机车启动的两种方式，即恒定加速度启动和恒定功率启动．要求同学们能对两种启动方式进行动态分析，能画出动态过程的方框图，公式p=F v，p指实际功率，F表示牵引力，v表示瞬时速度．当牵引力等于阻力时，机车达到最大速度v m=额12.如图所示，某工厂用水平传送带传送零件，设两轮子圆心的距离为S=12m，传送带与零件间的动摩擦因数为μ=0.2，传送带的速度恒为V=6m/s，在A点轻放一质量为m=1kg的零件，并使被传送到右边的B处，则传送所需时间为______ s，摩擦力对零件做功为______ J．重力加速度取g=10m/s2．【答案】3.5；18【解析】解：（1）设运行过程中货物的加速度为a，根据牛顿第二定律得：μmg=ma求得：a=2m/s2设到达B端时速度为v，所用时间为t，则：v2=2as0解得：v=4m/s由于v＞v0=6m/s，所以物先加速后匀速直线运动．则先匀加速运动：由t1==3ss0=at12=×2×32m=9m再匀速直线运动，得：t2==即货物从M端运动到N端所需的时间为t=t1+t2=3.5s．（2）根据功的定义，有W=f s0=μmg s0=2×9J=18J即摩擦力对货物做功为18J．故答案为：3.5，18（1）物在摩擦力的作用下加速运动，先根据牛顿第二定律求解出加速度，然后假设一直加速，根据运动学公式求出末速度，同传送带速度相比较得出货物是一直加速，再根据位移时间公式求解出加速时间；（2）摩擦力做的功可以直接用摩擦力乘以物体的位移进行计算．本题关键要对滑块受力分析后，根据牛顿第二定律求解出加速度，再结合运动学公式列式求解．13.船在静水中的速度大小为3m/s，水流的速度大小恒为4m/s，若河宽为120m，则船40s；5m/s【解析】解：当静水速与河岸垂直时，垂直于河岸方向上的分速度最大，则渡河时间最短，最短时间为：t==s=40s，根据矢量的合成法则，则此时船的实际速度为：v合===5m/s；故答案为：40s，5m/s．当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短；当合速度与河岸垂直时，渡河航程最短，再依据矢量的合成法则，即可求解．解决本题的关键知道合运动与分运动具有等时性，当静水速与河岸垂直，渡河时间最短；当合速度与河岸垂直，渡河航程最短．14.已知地球与月球之间的距离为r，月球绕地球公转的周期为T，万有引力常量为G，则地球的质量为______ ．【答案】【解析】解：已知月球绕地球公转的周期为T，轨道半径为r，万有引力常量为G，根据万有引力提供向心力，有：，解得：M=故答案为：根据万有引力提供向心力，化简可得地球的质量．本题要掌握万有引力提供向心力这个关系，选择恰当的向心力的表达式，计算中心天体的质量．三、实验题探究题(本大题共1小题，共18.0分)15.在利用重锤下落验证机械能守恒定律的实验中：（1）下面叙述正确的是______A．应该用天平称出物体的质量．B．应该选用点迹清晰，第一、二两点间的距离接近2mm的纸带．C．操作时应先放纸带再通电．D．打点计时器应接在交流电源上．（2）有下列器材可供选用：铁架台，打点计时器，复写纸，纸带，秒表，天平．其中不必要的器材有______ ；缺少的器材是______ ．（3）实验中用打点计时器打出的纸带如图所示，其中，A为打下的第1个点，C、D、E、F为距A较远的连续选取的四个点（其他点子未标出）．用刻度尺量出C、D、E、F 到A的距离分别为s1=20.06cm，s2=24.20cm，s3=28.66cm，s4=33.60cm重锤的质量为______ m/s，重锤重力势能的减少量△E p= ______ J，重锤动能的增加量△E k= ______J．【答案】BD；秒表、天平；重锤、刻度尺；2.15；2.37；2.31【解析】解：（1）A、实验验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，质量可以约去，不需要用天平测出物体的质量，故A错误．B、若物体做自由落体运动，第一、二两点间的距离x==2mm，故B正确．C、操作时应先接通电源，再释放纸带，故C错误．D、打点计时器应接在交流电源上，故D正确．故选：BD．（2）实验中验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，质量可以约去，不需要天平．打点计时器可以记录时间，不需要秒表；实验中验证重锤的机械能是否守恒，需要刻度尺测量点迹间的距离，从而求出瞬时速度以及重力势能的减小量，故还需要：刻度尺、重锤．（3）D点的瞬时速度m/s=2.15m/s，则动能的增加量≈2.31J，重力势能的减小量J≈2.37J．故答案为：（1）BD，（2）秒表、天平；重锤、刻度尺，（3）2.15，2.37，2.31．（1）根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作步骤．（2）根据实验的原理确定所需测量的物理量，从而确定不必要的器材和缺少的器材．（3）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出D点的速度，从而得出动能的增加量，结合下降的高度求出重力势能的减小量．解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度，从而得出动能的增加量，会根据下降的高度求解重力势能的减小量．四、计算题(本大题共2小题，共24.0分)16.在距地面20m高处，以10m/s的速度水平抛出一质量为1kg的物体，g取10m/s2，求：（1）第1s内物体重力势能的变化；（2）第1s末重力对物体做功的瞬时功率；（3）第1s内重力对物体做功的平均功率．解：（1）第1s内物体下落的位移h=重力做功W=mgh=50J故重力时能变化50J（2）死1s末物体竖直方向的速度v=gt=10m/s，故重力的功率P=mgv=100W（3）平均功率P=答：（1）第1s内物体重力势能的变化为50J；（2）第1s末重力对物体做功的瞬时功率为100W；（3）第1s内重力对物体做功的平均功率为50W【解析】（1）物体在竖直方向做自由落体运动，根据位移公式求得下降高度，有W=mgh求得重力做功，即可判断重力势能的变化；（2）根据v=gt求得速度，有P=mgv求得瞬时功率（3）根据W=P t求得平均功率解决本题的关键知道重力做功的特点，以及会用动能定理解决问题，动能定理的优越性在于既适用于恒力做功，又适用于变力做功，既适用于直线运动，又适用于曲线运动．17.如图所示，一个半径为R，光滑的四分之一圆弧轨道下端点B的切线水平，一质量为m的小物体从圆弧最高点A处由静止开始下滑，求：（1）小物体运动到B点时速度的大小？（2）小物体运动到B点时对轨道的压力N大小为多少？【答案】解：（1）小物体从A运动到B的过程中，根据机械能守恒定律得：…①解得：v B=…②（2）在B点，设轨道对物体的支持力为N，有：…③联立②③解得：N=3mg…④根据牛顿第三定律得：小物体运动到B点时对轨道的压力大小N′=N=3mg．答：（1）小物体运动到B点时速度的大小为=．（2）小物体运动到B点时对轨道的压力N大小为3mg．【解析】（1）小物体从A运动到B的过程中只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律求出物块到达圆弧末端B点时的速度．（2）在B点物块受重力和支持力，两个力的合力提供圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律求解出支持力．再根据牛顿第三定律得到压力．解决本题的关键知道只有重力做功，机械能守恒，掌握运用机械能守恒定律和牛顿运动定律进行解题．。

高二物理综合测试题暑假作业(含解析)

综合测试题一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1~8小题只有一个选项正确，第9~12小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1、如图，水平正对放置的两块足够大的矩形金属板，分别与一恒压直流电源（图中未画出）的两极相连，M 、N 是两极板的中心。

若把一带电微粒在两板之间a 点从静止释放，微粒将恰好保持静止。

现将两板绕过M 、N 且垂直于纸面的轴逆时针旋转一个小角度θ后，再由a 点从静止释放一这样的微粒，该微粒将：（）A.仍然保持静止B.靠近电势较低的电极板C.以)cos -g(1a θ=的竖直加速度加速（g 表示重力加速度）D.以θgtan a =的水平加速度加速（g 表示重力加速度）2、如图所示，以O 点为圆心，以R=0.20m 为半径的圆与坐标轴交点分别为a 、b 、c 、d ，该圆所在平面内有一匀强电场，场强方向与x 轴正方向成θ=60°角，已知a 、b 、c 三点的电势分别为34V 、4V 、34-V ，则下列说法正确的是：（）A ．该匀强电场的场强E =403V/mB ．该匀强电场的场强E =80V/mC ．d 点的电势为32-VD ．d 点的电势为-4V3、如图，某带电粒子由静止开始经电压为U 的电场加速后，射入水平放置、电势差为U '的两导体板间的匀强电场中，带电粒子沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁感线方向射入边界线竖直的匀强磁场中，则粒子进入磁场和射出磁场的M ，N 两点间的距离d 随着U 和U '的变化情况为（不计重力，不考虑边缘效应）：（）A. d 随U 变化，d 随U '变化B. d 随U 变化，d 与U '无关C. d 与U 无关，d 与U '无关D. d 与U 无关，d 随U '变化4、喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度 v 垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中：（）A ．向正极板偏转B ．电势能逐渐增加C ．运动轨迹可能是圆弧D ．微滴的运动轨迹与两板间的电压无关 5、如图所示，匀强磁场的方向垂直于光滑的金属导轨平面向里，极板间距为d 的平行板电容器与总电阻为02R 的滑动变阻器通过平行导轨连接，电阻为0R 的导体棒MN 可在外力的作用下沿导轨从左向右做匀速直线运动，当滑动变阻器的滑动触头位于a 、b 的中间位置，导体棒MN 的速度为0v 时，位于电容器中P 点的带电油滴恰好处于静止状态，若不计摩擦和平行导轨及导线的电阻，重力加速度为g ，则下列判断正确的是：（）A 、油滴带正电B 、若将上极板竖直向上移动距离d ，油滴将向上加速运动，加速度2g a =C 、若将导体棒的速度变为02v ，油滴将向上加速运动，加速度2a g =D 、若保持导体棒的速度为0v 不变，而将滑动触头置于a 位置，同时将电容器上极板向上移动距离3d ，油滴仍将静止 6、图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T 的原、副线圈匝数分别为n 1、n 2。

福建省永春一中2016年7月高二数学理暑假作业(1)

高二（理）数学暑假作业（一）一、选择题：本大题共12小题；每小题5分，共60分．1．在复平面内，复数（4＋5i ）i （i 为虚数单位）的共轭复数对应的点位于 A ．第一象限 B ．第二象限 C ．第三象限 D ．第四象限 2．已知集合A ＝｛x ｜2－3x －2x 2＞0｝，B ＝｛x ｜y ＝ln （x 2一1）｝，则A B ＝A ．（一2，一1）B ．（一∞，一2）U （1，＋∞）C ．（一1，12） D ．（一2，一1）U （l ，＋∞） 3．在△ABC 中，AB ＝1，AC ＝3，B ＝600，则cosC ＝A ．一56 B ．56 C ．一6 D ．64．设0.332211log ,,log (log 43a b c ⎛⎫=== ⎪⎝⎭，则A ．b ＜c ＜aB ．a ＜b ＜cC ．c ＜a ＜bD ．a ＜c ＜b5．要得到函数f （x ）＝cos(3)4x π+的图象，只需将函数g （x 1sin 32x x +的图象 A ．向左平移512π个单位 B ．向左平移536π个单位 C ．向左平移12π个单位 D ．向左平移36π个单位 6．已知数列｛a n ｝满足a 1＝1，a n －1＝2a n （n ≥2，n ∈N ＊），则数列｛a n ｝的前6项和为 A 、63 B ．127 C ．6332D ．127647、已知(sin cos )222ββ-=，则sin β的值为A B 、－13 C 、29 D 、－798、已知平行四边形ABCD 的对角线分别为AC ，BD ，且2AE EC =，点F 是BD 上靠近D 的四等分点，则9、下列函数中，在区间（0,1）上单调递增的有A 、0个B 、1个C 、2个D 、3个 10、下列命题中是真命题的为 A ．“存在”的否定是‘不存在”B ．在△ABC 中，“AB 2＋AC 2＞BC 2”是“△ABC 为锐角三角形”的充分不必要条件C ．任意D 、存在11·己知实数x ，y 满足232423120x y y x x y ⎧≥-⎪⎪≤+⎨⎪+-≤⎪⎩，直线（2＋λ）x 一（3＋λ）y ＋（l 一2λ）＝0（λ∈R ）过定点A 00(,)x y ，则0y y z x x -=-的取值范围为 A 、［15，7］ B 、［17，5］ C 、（－∞，15］［7，＋∞］ D 、（－∞，17］［5，＋∞］l2．已知函数32()23,()32f x ax g x x =+=+，若关于x 的方程f （x ）一g （x ）有唯一解x 0，且 x 0∈（0，＋∞），则实数a 的取值范围为A ·（一∞一1）B ．（一l ，0）C ．（0，1）D ．（1，＋∞）第II 卷（非选择题共90分）本卷包括必考题和选考题两部分．第（13）题一第（21）题为必考题，每个题目考生都必须作答．第（22）题一第（24）题为选考题，考生根据要求作答．13．由曲线2y x =与曲线||y x =围成的平面区域的面积为 · 14．已知函数图象关于原点对称．则实数a 的值构成的集合为15．已知直角梯形ABCD 中，AB ∥CD ，∠BCD ＝600，E 是线段AD 上靠近A 的三等分点，F 是线段DC 的中点，若AB ＝2，AD EB EF ＝16．设数列｛a n ｝的前n 项和为｛S n ｝，已知a 1＝1，a n ＋1＝2S n ＋2n ，则数列｛a n ｝的通项公式 a n ＝三、解答题：本大题共6小题，共75分．解答应写出必要的文字说明、证明过程及演算步骤． 17．（本小题满分12分）已知函数．（I ）求函数f （x ）的解析式；（II ）若在〔一2,63ππ〕内，函数y ＝f （x ）十m 有两个零点，求实数m 的取值范围．18．（本小题满分12分）已知等差数列｛a n ｝的前n 项和为Sn ，且a 1＝1，S 10＝55．（I ）求数列｛a n ｝的通项公式；（II ）若数列｛bn ｝满足b 1＝l ，，求数列的前n 项和Tn ．19．（本小题满分12分）已知函数f （x ）=22x ax +＋b ，x ∈［一l ，l ］的最大值为M ．（I ）用a ，b 表示M ；（II ）若b=2a ，且对任意x ∈[0，2π]，sin2x 一2x 十4≤M ，求实数a 的取值范围．20．（本小题满分12分）在△ABC 中，a ，b ，c 分别为内角A ， B ，C 的对边，AM 是况边上的中线，G 是AM 上的点，且2AG GM =．（I ）若△ABC 三内角A 、B 、C 满足sinA ：sinB ：sinC 1：2，求sinC 的值．（II ）若，当AG 取到最小值时，求b 的值．21．（本小题满分12分）设函数f （x ）＝（I ）求函数f （x ）的极值；（II ）已知g （x ）＝f （x ＋1），当a ＞0时，若对任意的x ≥0，恒有g （x ））≥0，求实数a 的取值范围．请考生在第（22）、（23）、（24）三题中任选一题做答，如果多做，则按所做的第一题记分．做答时用2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑．把答案填在答题卡上． 22．（本小题满分10分）选修4一1：几何证明选讲如图，AB 为圆O 的直径，过点B 作圆O 的切线BC ，任取圆O 上异于A 、B 的一点E ，连接AE 并延长交BC 于点C ，过点E 作圆O 的切线，交边BC 于一点D ．（I ）求证：OD ／／ AC ；（II ）若OD 交圆0于一点M ，且∠A ＝600，求OMOD的值·23．（本小题满分10分）选修4一4：坐标系与参数方程在平面直角坐标系xoy 中，直线l 的参数方程是3x ty t a=⎧⎨=+⎩以O 为极点，x 轴非负半轴为极轴建立极坐标系，曲线C 的极坐标方程为)4πρθ=+·（I ）求曲线C 的直角坐标方程；（II ）若直线l 过点（2，3），求直线l 被圆C 截得的弦长．24．（本小题满分10分）选修4一5：不等式选讲已知函数f （x ）＝｜2x ＋1｜，g （x ）＝｜3x 一a ｜（a ∈R ）．（I ）当a ＝2时，解不等式：f （x ）＋g （x ）＞x ＋6；（II ）若关于x 的不等式3f （x ）＋2g （x ）≥6在R 上恒成立，求实数a 的取值范围·高二（理）数学暑假作业（一）参考答案因为5,5CA CB ⋅=-即：高二（理）数学暑假作业（五）参考答案一、选择题：本。

高二物理暑假练习1(必修二含答案)

物理假期练习题未命名一、单选题1．一同学将质量为m 的足球，以速度v 从地面A 点踢起，到达空中B 点，已知B 点离地面高度为h ，取B 点所在水平面为重力势能参考平面，不计空气阻力。

则足球 A ．在A 点的机械能为212mv B ．在A 点的动能为212mv mgh + C ．在B 点的重力势能为mgh D ．在B 点的机械能为212mv mgh - 【答案】D2．如图所示，斜面上有P 、R 、S 、T 四个点，PR ＝RS ＝ST ，从P 点正上方的Q 点以速度v 水平抛出一个物体，物体落于R 点，若从Q 点以速度2v 水平抛出一个物体，不计空气阻力，则物体落在斜面上的A ．R 与S 间的某一点B ．S 点C ．S 与T 间的某一点D ．T 点【答案】A3．如图所示，质量为m 的物块在倾角为α的斜面上保持相对静止，斜面体和物块一起以速度v 水平向右做匀速直线运动，则斜面体对物块的摩擦力和弹力对物块做功情况是A ．摩擦力做正功，弹力做负功B ．摩擦力做正功，弹力做正功C ．摩擦力做负功，弹力做负功D ．摩擦力做负功，弹力做正功【答案】A4．如图所示，质量为m 的小球在竖直平面内的圆管轨道内运动，小球的直径略小于圆管的直径。

已知小球以速度v 通过最高点时对圆管的外壁的压力大小为mg ，则当小球以速度12υ通过圆管的最高点时A ．小球对圆管的内、外壁均无压力B ．小球对圆管的外壁压力等于12mg C ．小球对圆管的内壁压力等于mg D ．小球对圆管的内壁压力等于12mg 【答案】D5．2019年4月20日22时41分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射第四十四颗北斗导航卫星。

该导航卫星在P 点（轨道1与轨道2的切点）点火变轨，由近地圆轨道1变为椭圆轨道2，然后在Q 点（轨道2与轨道3的切点）点火变轨，由椭圆轨道2变为椭圆轨道3，如图所示。

则该导航卫星A ．沿圆轨道1通过P 点的加速度小于沿椭圆轨道2通过P 点的加速度B ．沿圆轨道1通过P 点的速度小于沿椭圆轨道2通过P 点的速度C ．沿椭圆轨道2通过Q 点的速度大于沿椭圆轨道3通过Q 点的速度D ．沿椭圆轨道2通过Q 点的加速度大于沿椭圆轨道3通过Q 点的加速度【答案】B6．小明撑一雨伞站在水平地面上，伞面边缘点所围圆形的半径为R ，现将雨伞绕竖直伞杆以角速度ω匀速旋转，伞边缘上的水滴落到地面，落点形成一半径为2R 的圆形，当地重力加速度大小为g ，根据以上数据可推知伞边缘距地面的高度为A ．232g ωB ．238g ωC ．22gω D ．28gω【答案】A二、多选题7．如图所示，在匀速转动的洗衣机脱水桶内壁上，有一件湿衣服贴在桶壁上，随圆桶一起转动，相对桶壁未滑动，衣服上的水滴还没有做离心运动。

高二暑假作业物理

高二暑假作业一答案一、单项选择题二、多项选择题三、填空题13.(1)B点的瞬时速度v B＝x AC2T＝0.27600.2m/s＝1.38 m/sC点的瞬时速度v C＝x BD2T＝0.52800.2m/s＝2.64 m/sD点的瞬时速度v D＝x CE2T＝0.7800.2m/s＝3.90 m/s(2)根据以上数据作出小车的v－t图象，如图所示．(3)将图线延长与纵轴相交，交点的速度约为v＝0.2 m/s.此速度的物理含义是：表示0时刻小车经过A点时的速度．14.(1)B.钩码个数(或细线拉力)橡皮筋与细线结点的位置O细线的方向(说明：能反映细线方向的其他记录也可以)C．橡皮筋与细线结点的位置与步骤B中结点位置O重合钩码个数和对应的细线方向(2)3∶4四、计算题15. (1)5 m/s2 2 m/s2(2)0.5 s(3)2.3 m/s16.（1）从图中可以看邮，在t＝2s内运动员做匀加速运动，其加速度大小为8m/s2设此过程中运动员受到的阻力大小为f，根据牛顿第二定律，有mg－f＝maf＝160NH=500-160-6*4=316m17.(1)根据牛顿第二定律可得甲车紧急刹车的加速度为 44.011111===m g m m f a m/s 2 乙车紧急刹车的加速度为 55.022222===m gm m f a m/s 2 甲车停下来所需时间 410101==a v t s 5.2=s 这段时间滑行距离1202a v s =42102⨯=m=12．5m S=12．5m<15m ．甲车司机能避免闯红灯(2)设甲、乙两车行驶过程中至少应保持距离0s ，在乙车刹车t 2时间两车恰好相遇，则有：220210)5.0(t a v t a v -=+-022********)5.0(21)5.0(21s t a t v t a t v ++-+=-方程前面加V 0*0.5 代人数据解方程可得：t 2=2s s 。

高二物理暑假作业系列 (1)

启东中学作业本高二物理（上）目录启东中学作业本高二物理（上） (1)目录 (1)第八章动量 (3)作业1 动量和冲量 (3)作业2 动量定理 (6)作业3 动量守恒定律 (8)作业4 动量守恒定律的应用 (10)作业5 反冲运动火箭 (13)作业6 实验验证动量守恒定律 (17)作业7 单元训练卷 (19)第九章机械振动..................................................................................... 错误！未定义书签。

作业1 简谐运动............................................................................. 错误！未定义书签。

作业2 振幅、周期和频率............................................................. 错误！未定义书签。

作业3 简谐运动的图象................................................................. 错误！未定义书签。

作业4 单摆..................................................................................... 错误！未定义书签。

作业5 简谐运动的能量共振......................................................... 错误！未定义书签。

作业6 单元训练卷......................................................................... 错误！未定义书签。

第十章机械波......................................................................................... 错误！未定义书签。

2015-2016学年福建省泉州市永春一中高二(下)物理暑假作业(7月份)(3)

2015-2016学年福建省泉州市永春一中高二（下）物理暑假作业（7月份）（3）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.如图，一物体在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而做匀速直线运动，则下列说法正确的是（）A.物体可能不受弹力作用B.物体可能受三个力作用C.物体可能不受摩擦力作用D.物体一定受四个力作用【答案】D【解析】解：A、由于物体匀速运动，所以物体受到的合力应为零，物体受到的滑动摩擦力大小应与拉力F的水平分力相等，根据摩擦力产生的条件可知，物体一定会受到弹力作用，所以A错误．B、由平衡条件可知物体受到向下的重力、向上的弹力、向左的摩擦力以及拉力F四个力，所以B错误．C、由匀速运动条件可知物体应受到摩擦力作用，C错误．D、由匀速运动条件可知物体受到四个力作用，所以D正确．故选D．本题的关键是对物体进行受力分析，由匀速运动条件可得出物体一定受到四个力作用．遇到动力学问题关键是正确对物体进行受力分析，受力分析时要按一定的程序进行．2.有一段圆弧形坡道，如图所示，若将同一辆车先后停放在a点和b点，下述分析和比较正确的是（）A.车在a点受坡道的支持力大于在b点受的支持力B.车在a点受坡道的摩擦力大于在b点受的摩擦力C.车在a点受到的合外力大于在b点受的合外力D.车在a点受的重力的下滑分力大于在b点受的重力的下滑分力【答案】A【解析】解：AB、根据平衡有：N=mgcosθ，f=mgsinθ，b点的倾角大于a点的倾角，所以a 点的支持力大于b点的支持力，a点所受的摩擦力小于b点所受的摩擦力．故A正确，B错误．C、车处于静止，所以车在a点受到的合力等于b点所受的合力，等于零．故C错误．D、重力沿斜面向下的分力为mgsinθ，知a点重力下滑的分力小于b点重力的下滑分力．故D错误．故选A．对汽车受力分析，根据汽车所受的合力为零，运用正交分解进行分析．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．3.如图所示，将两根劲度系数均为k、原长均为L的轻弹簧，一端固定在水平天花板上相距为2L的两点，另一端共同连接一质量为m的物体，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为37°．若将物体的质量变为M，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为53°（sin37°=0.6），则等于（）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：由几何知识得，左图中弹簧的伸长量为：△L=L右图中弹簧的伸长量为：△L′=L根据胡克定律：T=K△L则两情况下弹簧拉力之比为：：=根据平衡条件：2T cos37°=mg2T′cos53°=M g得：=′=故选：A．由几何知识求出两弹簧的伸长量之比，然后根据胡克定律求出两弹簧的拉力之比，最后由平衡条件求出重力与弹簧拉力的关系．本题考查了受力平衡和胡克定律的综合应用，注意弹簧的弹力是与形变量成正比，不是与弹簧的长度成正比．4.如图，长木板L的一端固定在铰链上，木块放在木板上，初始木板处于水平状态．在木板向下转动，角θ逐渐增大的过程中，木块受到的摩擦力F f的大小随θ变化的情况可能是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：使铁块沿着斜面下滑的力是F=mgsinθ，对于一个确定的角度θ，最大静摩擦力是f m=μmgcosθ，当然，θ改变了，f m也改变．如果，F＜f m，那么，铁块受到的摩擦力是静摩擦，摩擦力F f=F=mgsinθ，随θ的增大，摩擦力F f增大；当θ增大到某一值时，会出现F＞f m，此时铁块在木板上滑动，铁块受到的摩擦力是滑动摩擦力，滑动摩擦力摩擦力F f=μmgcosθ，随θ的增大，cosθ变小，滑动摩擦力变小，但F f 与θ不是线性关系，故ACD错误，B正确；故选：B．摩擦力变化有两个阶段，角度θ小于一定角度时是静摩擦，角度θ大于一定角度时是动摩擦，从而即可求解．知道在整个过程中，摩擦力先是静摩擦力，后是滑动摩擦力，求出摩擦力的表达式是正确解题的关键．5.如图所示，质量为m的两个小球A、B（可视为质点）固定在细杆的两端，将其放入光滑的半球形碗中，杆的长度等于碗的半径，当杆与两球组成的系统处于平衡状态时，杆对小球A的作用力为（）A.mgB.mgC.mgD.2mg【答案】C【解析】解：由题得知，A、B间的杆一定水平，对其中一个小球受力分析如图所示．因为杆的长度等于碗的半径，根据几何知识得知OA、OB与竖直方向的夹角为30°．如图，由共点力的平衡知识可得，杆的作用力为：F=mgtan30°=mg，故C正确．故选：C由已知条件知，根据对称性可知，A、B间的杆一定水平，对其中一个小球受力分析，根据几何知识求出OA或OB与竖直方向的夹角，由共点力的平衡知识可得杆的作用力．本题关键要抓住装置的对称性，明确A、B间的杆子是水平的，再分析小球受力情况，由平衡条件求解．二、多选题(本大题共5小题，共30.0分)6.如图所示，A、B两木块放在水平面上，它们之间用细线相连，两次连接情况中细线倾斜方向不同但倾角一样，两木块与水平面间的动摩擦因数相同．先后用水平力F1和F2拉着A、B一起匀速运动，A、B两木块间的拉力分别为T1、T2，则（）A.F1≠F2B.F1=F2C.T1＜T2D.T1＞T2【答案】BC【解析】解：A、B对整体受力分析可知，整体受重力、拉力、支持力及摩擦力；因整体对地面的压力相同，故摩擦力相同，因此根据平衡条件得知：水平拉力相等，即F1=F2；故A 错误，B正确．C、D对A受力分析可知，A受重和、支持力及绳子的拉力而处于平衡状态；对第一种状态有：T1sinθ=μ（mg-T1cosθ）解得：T1=对第二状态有：T2sinθ=μ（mg+T2cosθ）解得：T2=故T1＜T2；故C正确，D错误．故选BC．对整体受力分析可得两种情况下拉力的大小关系；再对A物体受力分析可得出绳子拉力的大小关系．解决本题的关键能够正确地受力分析，根据牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．7.如图所示，水平地面上有楔形物体b，b的斜面上有一小物块a，a与b之间、b与地面之间均存在摩擦．已知a恰好可沿斜面匀速下滑，此时若对a施加如图所示的作用力，a仍沿斜面下滑，则下列说法正确的是（）A.在a上施加竖直向下的力F1，则地面对b无摩擦力B.在a上施加沿斜面向下的力F2，则地面对b的摩擦力水平向左C.在a上施加一个水平向左的力F3，则地面对b的摩擦力水平向右D.无论在a上施加什么方向的力，地面对b均无摩擦力【答案】AD【解析】解：物体匀速下滑，对物体a满足：mgsina=μmgcosa，即sina=μcosa．在a上施加竖直向下的力F1，相当于a的重力增大，物体仍然能匀速滑动，则地面对b 无摩擦力；在a上施加沿斜面向下的力F2，物体a对斜面的作用力保持不变，斜面受力不变，则地面对b无摩擦力；在a上施加一个水平向左的力F3，物体减速下滑，由于摩擦力与支持力始终相互垂直，而且：f=μF N，所以支持力与摩擦力的合力的方向竖直向上，所以物体对斜面体b的作用力的和是竖直向下的，所以b在水平方向上不受摩擦力的作用．所以无论在a上施加什么方向的力，地面对b均无摩擦力．选项AD最符合题意．故选：AD因物体和斜面体都是平衡状态，故可以把两个做为一个整体来进行受力分析，则物体受的支持力应为斜面和物体重力之和，而斜面体相对地面既没有相对运动，也没有相对运动趋势，故斜面体所受摩擦力为零．本题中推力F与斜面体之间没有直接的关系，关键抓住物体对斜面体的压力和摩擦力没有改变进行分析．8.如图，质量为M的斜面体A放在粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，轻绳与斜面平行且另一端固定在竖直墙面上，不计小球与斜面间的摩擦，斜面体与墙不接触，整个系统处于静止状态．则（）A.水平面对斜面体没有摩擦力作用B.水平面对斜面体有向右的摩擦力作用C.斜面体对水平面的压力等于（M+m）gD.斜面体对水平面的压力小于（M+m）g 【答案】BD【解析】解：AB、以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，水平方向：f=T cosθ，方向水平向右，故A错误，B正确；CD、竖直方向：N=（m+M）g-T sinθ，可见N＜（M+m）g，根据牛顿第三定律：斜面体对水平面的压力N′=N＜（M+m）g，故C错误，D正确；故选：BD．以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，根据平衡条件求斜面体受到的支持力和摩擦力．本题采用整体法分析问题较简单，作出力图结合平衡条件分析即可．采用整体法时球与斜面间的作用力不用分析．9.如图所示，光滑水平地面上放有截面为圆周的柱状物体A，A与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对A施加一水平向左的力F，整个装置保持静止．若将A的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则（）A.水平外力F增大B.墙对B的作用力减小C.地面对A的支持力减小D.B对A的作用力减小【答案】BD【解析】解：对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N，如图当A球向左移动后，A球对B球的支持力N′的方向不断变化，根据平衡条件结合合成法可以知道A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N都在不断减小，故B正确，D也正确；再对A和B整体受力分析，受到总重力G、地面支持力F N，推力F和墙壁的弹力N，如图根据平衡条件，有F=NF N=G故地面的支持力不变，推力F随着壁对B球的支持力N的不断减小而不断减小，故A 错误，C也错误；故选：BD．先对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N，然后根据共点力平衡条件得到A球左移后各个力的变化情况；最后再对整体受力分析，根据平衡条件判断推力F和地面的支持力的变化情况．本题关键是先对小球B受力分析，根据平衡条件得到各个力的变化情况，然后再对A、B整体受力分析，再次根据平衡条件列式分析．10.如图所示，一条细线一端与地板上的物体B相连，另一端绕过质量不计的定滑轮与小球A相连，定滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O′点，细线与竖直方向所成的角度为α，则（）A.如果将物体B在地板上向右移动稍许，α角将增大B.无论物体B在地板上左移还是右移，只要距离足够小，α角将不变C.增大小球A的质量，α角一定减小D.悬挂定滑轮的细线的弹力不可能等于小球A的重力【答案】AD【解析】解：A、B、对小球A受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有：T=mg；如果将物体B在地板上向右移动稍许，则∠AOB增加；对滑轮分析，受三个拉力，如图所示：根据平衡条件，∠AOB=2α，故α一定增加，故A正确，B错误；C、增大小球A的质量，系统可能平衡，故α可能不变，故C错误；D、由于，∠AOB=2α＜90°，弹力F与两个拉力T的合力平衡，而T=mg．故定滑轮的细线的弹力不可能等于小球A的重力，故D正确；故选：AD．先对小球A受力分析，根据平衡条件求解细线的拉力；再对滑轮受力分析，结合平衡条件进行分析即可．本题关键是灵活选择研究对象，根据平衡条件列式分析，基础题目．三、实验题探究题(本大题共1小题，共10.0分)11.在“探究求合力的方法”实验中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一把弹簧秤．（1）为完成实验，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，得到的实验数据如表：用作图法求得该弹簧的劲度系数k= ______ N/m；（2）某次实验中，弹簧秤的指针位置如图2所示，其读数为______ N；同时利用（1）中结果获得弹簧上的弹力值为2.50N，请在图1中画出这两个共点力的合力F合；（3）由图得到F合= ______ N．【答案】55；2.10；3.20【解析】解：（1）根据描点法作出图象如图所示：根据图象得：k==55N/m（2）弹簧秤的读数为：F=2+0.10N=2.10N根据力的图示法，作出两个分力，2.10N和2.50N，以这两个边为临边，作出平行四边形，对角线即可合力，（3）根据图象及比例尺得出合力的大小F合=3.20N故答案为：（1）55；（2）2.10；（3）3.20（1）通过描点法作出图象，图象的斜率表示k；（2）读数时要估读一位，画出力的图示，作出平行四边形，对角线表示合力；（3）量出对角线的长度，根据比例尺得出合力的大小．在“探究弹簧弹力与弹簧伸长的关系”的实验中进行数据处理时，注意将物理问题与数学知识有机结合起来，会用作图法求合力．四、计算题(本大题共2小题，共30.0分)12.如图所示，球A重G1=60N，斜面体B重G2=100N，斜面倾角为30°，一切摩擦均不计．（1）水平力F为多大时，才能使A、B均处于静止状态？（2）此时竖直墙壁和水平地面受到的弹力各为多大？【答案】解：对物体A受力分析，受重力、斜面的支持力和竖直挡板的支持力，如图所示：根据平衡条件，有：F1=G1tan30°=60×=20NF2=°再对AB整体受力分析，受重力、地面的支持力N，已知的推力F，墙壁向右的支持力F1，根据平衡条件，有：F=F1=20NN=G1+G2=60+100=160N根据牛顿第三定律，墙壁受到的压力为20N，地面受到的压力为160N；答：（1）水平力F为20N时，才能使A、B均处于静止状态；（2）此时墙壁受到的压力为20N，地面受到的压力为160N．【解析】本题是力平衡问题中的连接体问题，先对物体A受力分析，根据平衡条件列式求解；再对物体A和B整体受力分析，根据平衡条件列式求解．整体法和隔离法的使用技巧：当分析相互作用的两个或两个以上物体整体的受力情况及分析外力对系统的作用时，宜用整体法；而在分析系统内各物体（或一个物体各部分）间的相互作用时常用隔离法．整体法和隔离法不是独立的，对一些较复杂问题，通常需要多次选取研究对象，交替使用整体法和隔离法．13.当物体从高空下落时，所受阻力会随物体的速度增大而增大，因此经过下落一段距离后将匀速下落，这个速度称为此物体下落的收尾速度．研究发现，在相同环境条件下，球形物体的收尾速度仅与球的半径和质量有关．下表是某次研究的实验数据（1）根据表中的数据，求出B球与C球在达到终极速度时所受阻力之比．（2）根据表中的数据，归纳出球型物体所受阻力f与球的速度大小及球的半径的关系（写出有关表达式、并求出比例系数）．（3）现将C号和D号小球用轻质细线连接，若它们在下落时所受阻力与单独下落时的规律相同．让它们同时从足够高的同一高度下落，试求出它们的收尾速度；并判断它们落地的顺序（不需要写出判断理由）．【答案】解：（1）球在达到终极速度时为平衡状态，有f=mg①则f B：f C=m B：m C②代入数据得f B：f C=1：9③（2）由表中A、B球的有关数据可得，阻力与速度成正比；即f∝v④由表中B、C球有关数据可得，阻力与球的半径的平方成正比，即f∝r2⑤得f=kvr2⑥将E组数据代入解得k=5N s/m3⑦（3）将C号和D号小球用细线连接后，其收尾速度应满足m C g+m D g=f C+f D⑧即m C g+m D g=kv（r C2+r D2）⑨代入数据得v=27.2m/s⑩比较C号和D号小球的质量和半径，可判断C球先落地．答：（1）B球与C球在达到终极速度时所受阻力之比为1：9．（2）球型物体所受阻力f与球的速度大小及球的半径的关系k=5N s/m3．（3）将C号和D号小球用轻质细线连接，它们的收尾速度为27.2m/s，C球先落地．【解析】（1）小球达到收尾速度时，小球做匀速直线运动，阻力与重力二力平衡．由平衡条件得即可求出B球与C球在达到终极速度时所受阻力之比．（2）由小球A、B、C、E的实验数据，归纳出小球收尾速度和小球质量、小球半径的定量关系：v=．（3）将C号和D号小球用细线连接后，求出它们的收尾速度，判断下落的先后顺序．从表格数据归纳出收尾速度、质量、半径的定量关系是本题的关键，也是比较困难的．。

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暑假作业：高二物理暑假作业练习
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高中频道收集和整理了高二物理暑假作业练习，以便考生在高考备考过程中更好的梳理知识，轻松备战。

预祝大家暑假快乐。

一、选择题
1.为测定某一电池的电动势和内电阻，下面几组器材中，能完成实验的是( )
A.一只电流表、一只电压表、一只变阻器、开关和导线
B.一只电流表、两只变阻器、开关和导线
C.一只电流表、一只电阻箱、开关和导线
D.一只电压表、一只电阻箱、开关和导线
[答案]　ACD
[解析]　只有电流表和滑动变阻器是不能求出E、r.
2.实验桌上放着晶体二极管、电阻、电容器各一只，性能均正常，外形十分相似.现
1。

新课标2016年高二物理暑假作业(一)

考点：法拉第电磁感应定律、楞次定律、变压器、正弦式交变电流、闭合电路的欧姆定律、热学.【KS5U】新课标2016年高二物理暑假作业1一、选择题.1.（单选）关于电磁感应，下列说法中正确的是（）2.（单选）如图所示匚形线架ABCD上有一根可以无摩擦滑动的导线ab，左侧有通电导线MN，电流方向由N到M，若将线框置于匀强磁场中，则（）3.（单选）关于理想变压器，不正确的是（）4.（单选）一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示．由图可知（）V5.（单选）某电站向某地输送5000kW的电功率，输电线上损失的电功率为100kW，若把输送电压提高为原来的10倍，同时将输电线的截面积减为原来的一半，那么输电线上损失的电功率为（）A．0.5 kW B． 1.0kW C．2.0kW D． 5.0kW6.（单选）关于热量、功和内能三个物理量，下列说法中正确的是（）A、热量、功和内能三者的物理意义相同，只是说法不同B、热量、功都可以作为物体内能变化的量度C、热量、功和内能的单位不同D、功由过程决定，而热量和内能由物体的状态决定7.（单选）如图所示是一定质量的理想气体的P﹣T图线（P为气体压强，T为气体温度，O是坐标原点，其中T的单位是开尔文），当气体状态沿图线由A到B的过程，下列说法中正确的是（）A．外界对气体做功 B．气体放出热量C．内能减少 D．内能增加8.（单选）下列关于液体表面张力的说法，正确的是A．表面张力产生在液体表面层，它的方向跟液面垂直B．表面张力产生在液体附着层，它的方向跟液面垂直C．产生表面张力的原因是表面层内液体分子间只有引力没有斥力D．作用在任何一部分液面上的表面张力，总是跟这部分液面的分界线垂直二．实验题.9.用右上面的实验装置可研究气体的等压变化规律。

h是装满水的玻璃容器，a为一端封闭的玻璃管，b为两端开口的玻璃管，用橡皮管e将两管下端连接在一起，b管用g固定在可上下移动的标有刻度的木板f上，c为温度计，d是用来加热的电阻丝，a、b管内充有一部分水银，水银面等高，如图3－1所示。

高二物理暑假作业(1)

高二暑假作业物理试题一1．某同学在做“用双缝干涉测定光的波长”的实验时，第一次分划板中心刻度线对齐第2条亮纹的中心时(如图6甲中的A)，游标卡尺的示数如图乙所示，第二次分划板中心刻度线对齐第6条亮纹的中心时(如图丙中的B)，游标卡尺的示数如图丁所示．已知双缝间距d＝0.5 mm，双缝到屏的距离l＝1 m，则：(1)图乙中游标卡尺的示数为________cm.(2)图丁中游标卡尺的示数为________cm.(3)所测光波的波长为________m(保留两位有效数字)．2．某收音机接受电磁波的波长范围在577m到182m之间，该收音机调谐电路的可变电容器的动片完全旋出时，回路的总电容为39pF，求：（1）该收音机接收的电磁波的频率范围是多少？（2）该收音机调谐电路的可变电容器的动片完全旋入时，电路的总电容是多大？3．某小型实验水电站输出功率是20 kW，输电线总电阻为6 Ω。

(1)若采用380 V输电，求输电线路损耗的功率(2)若改用5000 V高压输电，用户端利用n1∶n2＝22∶1的变压器降低，求用户得到的电压4．弹簧振子以O点为平衡位置在B、C两点之间做简谐运动.B、C相距20 cm.某时刻振子处于B点.经过0.5 s，振子首次到达C点.求：（1）振动的周期和频率（2）振子在5 s内通过的路程及5 s末位移大小（3）振子在B点的回复力大小跟它距O点4 cm处P点的回复力大小的比值5．如图的螺线管，横截面积为S、匝数为N、电阻为r ，螺线管与一根电阻为2 r 的金属丝连接，向右穿过螺线管的匀强磁场随时间变化的规律如图，求0至t0时间内：（1）通过金属丝的感应电流大小和方向（2）金属丝中感应电流产生的焦耳热量Q（3）金属丝中流过的感应电量q6．如图所示，匀强磁场的磁感应强度B＝0.5 T，边长L＝10 cm的正方形线圈abcd共100匝，线圈电阻r＝1 Ω，线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，角速度ω＝2πrad/s，外电路电阻R＝4 Ω.。

高二物理暑假作业试卷练习题

高二物理暑假作业试卷练习题为大家整理的高二物理暑假作业试卷练习题文章,供大家学习参考！更多最新信息请点击高二考试网一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一个选项正确，第7-10题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1.下面的说法正确的是( )A. 当力与物体的位移垂直时，该力的冲量为零B.如果物体(质量不变)的速度发生变化，则可以肯定它受到的合外力的冲量不为零C.物体所受合外力冲量越大，它的动量也越大D.做曲线运动的物体，在任何Δt时间内所受合外力的冲量一定不为零2、爱因斯坦由光电效应的实验规律提出了光子说，以下对光电效应的解释，正确的是()A.金属内的每个电子可以吸收一个或一个以上的光子，当它积累的动能足够大时，就能逸出金属B.如果入射光子的能量小于金属表面的电子克服原子核的引力逸出时需要做的最小功，只要照射时间足够长，光电效应也能发生C.由于不同金属的逸出功是不相同的，因此使不同金属产生光电效应的入射光的最低频率也不相同D.发生光电效应时，入射光越强，光子的能量就越大，光电子的初动能就越大3.如图所示，有一正方形闭合线圈，在足够大的匀强磁场中运动。

下列四个图中能产生感应电流的是图( )A.矩形线圈平行于磁场向右平移B.矩形线圈垂直于磁场向右平移C.矩形线圈绕水平轴OO'匀速转动D.矩形线圈绕竖直轴OO'匀速转动4. 下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是( )A.甲图中A处能观察到大量的闪光点，B处能看到较多的闪光点，C处观察不到闪光点B.乙图中黑体辐射的强度，随着温度的升高，各种波长的辐射强度都增加且极大值向波长较短的方向移动C.丙图中处于基态的氢原子能吸收能量为10.4eV的光子而发生跃迁D.丁图中1为α射线，在三种射线中它的穿透能力，电离作用最弱5. 如图所示为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图.速度选择器(也称滤速器)中场强E的方向竖直向下，磁感应强度B1的方向垂直纸面向里，分离器中磁感应强度B2的方向垂直纸面向外。

精编16年高中高二物理暑假作业

精编16年高中高二物理暑假作业查字典物理网为大伙儿搜集整理了高二物理暑假作业，期望大伙儿能够用心去做，不要只顾着玩耍哦!一、选择题(本题共6道小题)1.2.在如图所示的电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动过程中，下列说法正确的是()A. 电容器的电荷量增大B. 电流表A的示数减小C. 电压表V1示数在变大D. 电压表V2示数在变小3.在如图(a)所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器.闭合电键S，将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个电压表(内阻极大)的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图(b)所示.则()A. 图线甲是电压表V1示数随电流变化的图线B. 电源内电阻的阻值为10ΩC. 电源的最大输出功率为1.5WD. 滑动变阻器R2的最大功率为0.9W 45.如图所示，间距为L的两根平行金属导轨弯成“L”形，竖直导轨面与水平导轨面均足够长，整个装置处于竖直向上大小为B的匀强磁场中.质量均为m、阻值均为R的导体棒ab、cd均垂直于导轨放置，两导体棒与导轨间动摩擦因数均为μ，当导体棒cd在水平恒力作用下以速度v0沿水平导轨向右匀速运动时，开释导体棒ab，它在竖直导轨上匀加速下滑.某时刻将导体棒cd所受水平恒力撤去，通过一段时刻，导体棒cd静止，此过程流经导体棒cd的电荷量为q(导体棒ab、cd与导轨间接触良好且接触点及金属导轨的电阻不计，已知重力加速度为g)，则()A. 导体棒cd受水平恒力作用时流经它的电流I=B. 导体棒ab匀加速下滑时的加速度大小a=g﹣C. 导体棒cd在水平恒力撤去后它的位移为s=D. 导体棒cd在水平恒力撤去后它产生的焦耳热为Q=m﹣6.图中为一理想变压器，其原线圈与一电压有效值不变的交流电源相连：P为滑动头.现令P从平均密绕的副线圈最底端开始，沿副线圈匀速上滑，直至白炽灯L两端的电压等于其额定电压为止.用I1表示流过原线圈的电流，I2表示流过灯泡的电流，U1表示原线圈两端电压，U2表示灯泡两端的电压，假设在此过程中灯泡的电阻不变，则在下图中，能够正确反映相应物理量的变化趋势的是()A. B. C. D.二、实验题(本题共2道小题) 7.在“研究电磁感应现象”的实验中，第一按右上图接线，以查明电流表指针的偏转方向与电流方向之间的关系。

高二年级物理暑假作业练习题

高二年级物理暑假作业练习题高二年级物理暑假作业练习题一、选择题（本题共6道小题）1。

把两个完全相同的小球接触后再分开，若是两球相互排斥，则两球原来的带电情况不可能的是（）A。

只有一个小球带电 B。

两个小球分别带等量异种电荷 C。

两个小球分别带同种电荷 D。

两个小球分别带不等量异种电荷2。

两个半径为1cm的导体球分别带上+Q和﹣3Q的电量，两球心相距90cm时相互作用力为F，现将它们碰一下后放在球心间相距3cm处，则它们的相互作用力大小（）A。

300F B。

1200F C。

900F D。

无法确定3。

下列做法中是为了防止静电产生的危害的是（）A。

在高大的建筑物顶端装上避雷针 B。

小汽车顶上装有一根露在外面的小天线 C。

在高大的烟囱中安装静电除尘器 D。

汽车制造厂车间里进行静电喷漆4。

如图所示，平行板电容器与电动势为E的电流电源连接，上级板A接地，一带负电油滴固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的下级板B竖直向下移动一小段距离，则（）A。

带电油滴所受电场力不变B。

P点的电势将升高C。

带电油滴的电势能增大D。

电容器的电容减小，极板带电量增大5。

一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能EP随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是对称的曲线，x2～x3是直线段，则正确的是（）A。

x1处电场强度为零 B。

x2～x3段是匀强电场 C。

x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1>φ2>φ3 D。

粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动6。

如图，真空中有两个等量异种点电荷A、B，M、N、O是AB连线的垂线上点，且BO>AO。

一质子仅在电场力作用下，其运动轨迹如下图中实线所示。

设M、N两点的场强大小分别为EM、EN，电势分别为φM、φN。

下列判断中正确的是（）A。

A点电荷一定带正电 B。

EM>EN C。

φM>φN D。

若质子从N运动到M，电场力做正功二、实验题（本题共2道小题）7。

《解析》福建省泉州市永春一中2015-2016学年高二下学期物理暑假作业(7月份)(2)Word版含解析

2015-2016学年福建省泉州市永春一中高二（下）物理暑假作业（7月份）（2）一、单项选择题（本大题共6小题，每小题6分，共36分，每小题只有一个选项符合题意）1．如图是火箭点火升空瞬间时的照片，关于这一瞬间的火箭的速度和加速度的判断，下列说法正确的是（）A．火箭的速度很小，但加速度可能较大B．火箭的速度很大，加速度可能也很大C．火箭的速度很小，所以加速度也很小D．火箭的速度很大，但加速度一定很小2．沿直线做匀变速运动的质点在第一个0.5s内的平均速度比它在第一个1.5s内的平均速度大2.45m/s，以质点的运动方向为正方向，则质点的加速度为（）A．2.45 m/s2B．﹣2.45 m/s2C．4.90 m/s2D．﹣4.90 m/s23．甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象如图所示，图象中的OC段与AB平行，CB段与OA平行，则下列说法中正确的是（）A．t1到t2时刻两车的距离越来越远B．0～t3时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度C．甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度D．t3时刻甲车在乙车的前方4．球A以初速度v A=40m/s从地面上一点竖直向上抛出，经过一段时间△t后又以初速度v B=30m/s将球B从同一点竖直向上抛出（忽略空气阻力），g=10m/s2，为了使两球能在空中相遇，△t取值范围正确的是（）A．3 s＜△t＜4 s B．0＜△t＜6 s C．2 s＜△t＜8 s D．0＜△t＜8 s5．一个物体以初速度v0沿光滑斜面向上运动，其速度v随时间t变化的规律如图所示，在连续两段时间m和n内对应面积均为S，设经过b时刻的加速度和速度分别为a和v b，则（）A．a= B．a=C．v b= D．v b=6．在平直道路上，甲汽车以速度v匀速行驶．当甲车司机发现前方距离为d处的乙汽车时，立即以大小为a1的加速度匀减速行驶，与此同时，乙车司机也发现了甲，立即从静止开始以大小为a2的加速度沿甲车运动的方向匀加速运动．则（）A．甲、乙两车之间的距离一定不断减小B．甲、乙两车之间的距离一定不断增大C．若v＞，则两车一定不会相撞D．若v＜，则两车一定不会相撞二、多项选择题（本大题共4小题，每小题6分，共24分，每小题有多个选项符合题意）7．从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0～t0时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小B．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小C．Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都不是8．一个质点正在做匀加速直线运动，用固定的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为1秒，分析照片得到的数据，发现质点在第1次、第2次闪光的时间间隔内移动了2m，在第3次、第4次闪光时间间隔内移动了8m，由此可求（）A．第1次闪光时质点的速度B．质点运动的加速度C．从第2次闪光到第3次闪光的这段时间内质点的位移D．质点运动的初速度9．在一次救灾活动中，一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8s，由于前方突然有巨石滚下，堵在路中央，所以又紧急刹车，匀减速运动经4s停在巨石前．则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是（）A．加速、减速中的加速度大小之比为a1：a2等于2：1B．加速、减速中的平均速度大小之比为v1：v2等于1：1C．加速、减速中的位移之比x1：x2等于2：1D．加速、减速中的加速度大小之比a1：a2不等于1：210．做匀加速直线运动的物体，先后经过A、B两点时的速度分别为v和7v，经历的时间为t，则对AB过程（）A．物体通过前半程用时B．前时间内通过的位移为C．后时间内通过的位移为D．后半程物体速度增加3v三、非选择题（本大题共3小题，共40分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）11．如图是“研究匀变速直线运动”实验中获得的一条纸带，O、A、B、C、D和E为纸带上六个计数点．加速度大小用a表示：（1）OD间的距离为cm．（2）图2是根据实验数据绘出的s﹣t2图线（s为各计数点至同一起点的距离），斜率表示，加速度大小为m/s2（保留三位有效数字）．12．一客运列车匀速行驶，其车轮在轨道间的接缝处会产生周期性的撞击．坐在该客车中的某旅客测得从第1次到第16次撞击声之间的时间间隔为10.0s．在相邻的平行车道上有一列货车，当该旅客经过货车车尾时，货车恰好从静止开始以恒定加速度沿客车行进方向运动．该旅客在此后的20.0s内，看到恰好有30节货车车厢被他连续超过．已知每根轨道的长度为25.0m，每节货车车厢的长度为16.0m，货车车厢间距忽略不计．求（1）客车运行的速度大小；（2）货车运行加速度的大小．13．歼﹣15战机是我国自行设计研制的首型舰载多用途歼击机，短距起飞能力强大．若歼﹣15战机正常起飞过程中加速度为a，经s距离就达到起飞速度腾空而起．现已知“辽宁”舰起飞甲板长为L（L＜s），且起飞过程可简化为匀加速直线运动．现有两种方法助其正常起飞，方法一：在航空母舰静止的情况下，用弹射系统给飞机以一定的初速度；方法二：起飞前先让航空母舰沿飞机起飞方向以某一速度匀速航行．求：（1）方法一情况下弹射系统使飞机具有的最小速度v1m；（2）方法二情况下航空母舰的最小速度v2m．2015-2016学年福建省泉州市永春一中高二（下）物理暑假作业（7月份）（2）参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题共6小题，每小题6分，共36分，每小题只有一个选项符合题意）1．如图是火箭点火升空瞬间时的照片，关于这一瞬间的火箭的速度和加速度的判断，下列说法正确的是（）A．火箭的速度很小，但加速度可能较大B．火箭的速度很大，加速度可能也很大C．火箭的速度很小，所以加速度也很小D．火箭的速度很大，但加速度一定很小【考点】加速度；速度．【分析】由牛顿第二定律可知，当推力很大时，产生的加速度很大，但由于是在点火瞬间，时间很短，所以在点火瞬间速度很小．【解答】解：火箭在起飞过程中，火箭推力很大，由牛顿第二定律可知F=ma可求得，加速度很大，但在点火瞬间，由v=at可知，时间很短，速度很小，故A正确，BCD错误故选：A2．沿直线做匀变速运动的质点在第一个0.5s内的平均速度比它在第一个1.5s内的平均速度大2.45m/s，以质点的运动方向为正方向，则质点的加速度为（）A．2.45 m/s2B．﹣2.45 m/s2C．4.90 m/s2D．﹣4.90 m/s2【考点】加速度．【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度得出两个中间时刻的瞬时速度，结合加速度的定义式求出质点的加速度．【解答】解：匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，两个中间时刻的时间间隔△t=0.75﹣0.25s=0.5s，则质点加速度a=，故D正确，A、B、C错误．故选：D．3．甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象如图所示，图象中的OC段与AB平行，CB段与OA平行，则下列说法中正确的是（）A．t1到t2时刻两车的距离越来越远B．0～t3时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度C．甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度D．t3时刻甲车在乙车的前方【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间．【解答】解：A、图象的纵坐标表示物体所在的位置；由图可知t1到t2时刻两车的距离始终相等，故A错误；B、由图可知，t3时刻两物体的位移相同；故两物体的平均速度相等，故B错误；C、图象的斜率表示物体的速度，由图可知，甲车的初速度大于乙车的初速度，故C正确；D、t3时刻两车的位置相同，两车处在同一位置，故D错误；故选：C．4．球A以初速度v A=40m/s从地面上一点竖直向上抛出，经过一段时间△t后又以初速度v B=30m/s将球B从同一点竖直向上抛出（忽略空气阻力），g=10m/s2，为了使两球能在空中相遇，△t取值范围正确的是（）A．3 s＜△t＜4 s B．0＜△t＜6 s C．2 s＜△t＜8 s D．0＜△t＜8 s【考点】竖直上抛运动．【分析】首先根据匀变速直线运动的速度时间关系式解出两球在空中运动的总时间．为了使两球能在空中相遇，可以在A球就要落回地面时才抛出B球，则B球会在地面上方与A球迎面相碰；也可以B球抛出后快回到地面时，被A球追上相碰；根据两种极限情况列式求解．【解答】解：设A、B两球在空中运动的时间分别为t A、t B，由竖直上抛运动的速度时间关系式可得：t A==s=8st B==s=6s考虑△t的上限，即A球就要落回地面时才抛出B球，则B球会在地面上方与A球迎面相碰，故应有：△t＜t A考虑△t的下限，即B球抛出后快回到地面时，被A球追上相碰，故应由：△t＞t A﹣t B因此有：2s＜△t＜8s故选：C5．一个物体以初速度v0沿光滑斜面向上运动，其速度v随时间t变化的规律如图所示，在连续两段时间m和n内对应面积均为S，设经过b时刻的加速度和速度分别为a和v b，则（）A．a= B．a=C．v b= D．v b=【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】图象中面积表示位移，再根据位移时间关系列式求解即可．【解答】解：设b点的速度为v b，加速度为a，根据得：s=v a m﹣①②v b=v a﹣am③①②③联立得：故ACD错误；B正确；故选：B．6．在平直道路上，甲汽车以速度v匀速行驶．当甲车司机发现前方距离为d处的乙汽车时，立即以大小为a1的加速度匀减速行驶，与此同时，乙车司机也发现了甲，立即从静止开始以大小为a2的加速度沿甲车运动的方向匀加速运动．则（）A．甲、乙两车之间的距离一定不断减小B．甲、乙两车之间的距离一定不断增大C．若v＞，则两车一定不会相撞D．若v＜，则两车一定不会相撞【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】两车在速度相等前，距离越来越小，速度相等时，若不相撞，则距离越来越大．临界情况是速度相等时，恰好相撞，结合运动学公式求出不相撞的条件．【解答】解：A、两车在速度相等前，距离越来越小，若不相撞，速度相等后，距离越来越大．故A、B错误．C、当两车速度相等时，有v﹣a1t=a2t，解得：t=，两车恰好不相撞时有：，解得v=，即v＜，两车一定不会相撞．故C错误，D正确．故选：D．二、多项选择题（本大题共4小题，每小题6分，共24分，每小题有多个选项符合题意）7．从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0～t0时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小B．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小C．Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都不是【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进行分析．【解答】解：A、B、速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体Ⅰ做加速度不断减小的加速运动，物体Ⅱ做加速度不断减小的减速运动，故A正确，B错误；C、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图象可知：随着时间的推移，Ⅰ、Ⅱ的速度图象与时间轴围城的面积不断变大，故位移不断变大，故C错误；D、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于故Ⅰ的平均速度大于，Ⅱ的平均速度小于，故D正确；故选：AD8．一个质点正在做匀加速直线运动，用固定的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为1秒，分析照片得到的数据，发现质点在第1次、第2次闪光的时间间隔内移动了2m，在第3次、第4次闪光时间间隔内移动了8m，由此可求（）A．第1次闪光时质点的速度B．质点运动的加速度C．从第2次闪光到第3次闪光的这段时间内质点的位移D．质点运动的初速度【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据匀加速直线运动相等时间内的位移之间的关系可求得加速度；根据匀变速直线运动的基本公式可以求得位移和速度．【解答】解：由题意可知：x1=2m，x3=8m，T=1sB．根据得；a==m/s2=3m/s2，故B正确；A．设第一次曝光时的速度为v，解得：v=0.5m/s，故A答案正确；C．根据得：，故C答案正确；D．由于不知道第一次曝光时物体已运动的时间，故无法知道初速度，故D错误．故选：ABC．9．在一次救灾活动中，一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8s，由于前方突然有巨石滚下，堵在路中央，所以又紧急刹车，匀减速运动经4s停在巨石前．则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是（）A．加速、减速中的加速度大小之比为a1：a2等于2：1B．加速、减速中的平均速度大小之比为v1：v2等于1：1C．加速、减速中的位移之比x1：x2等于2：1D．加速、减速中的加速度大小之比a1：a2不等于1：2【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出加速阶段和减速阶段的加速度大小之比．根据平均速度的推论求出加速和减速阶段的平均速度大小之比，从而得出位移之比．【解答】解：A、设匀加速运动的末速度为v，根据速度时间公式得，匀加速阶段的加速度大小，匀减速阶段的加速度大小，则加速、减速阶段的加速度大小之比a1：a2=t2：t1=1：2，故A、D错误．B、根据平均速度的推论，匀加速和匀减速运动的平均速度均等于，所以平均速度之比为1：1．故B正确．C、根据x=知，加速和减速的位移之比为2：1，故C正确．故选：BC．10．做匀加速直线运动的物体，先后经过A、B两点时的速度分别为v和7v，经历的时间为t，则对AB过程（）A．物体通过前半程用时B．前时间内通过的位移为C．后时间内通过的位移为D．后半程物体速度增加3v【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】根据匀变速直线运动的平均速度推论求出中间时刻的瞬时速度，通过平均速度推论求出前一半时间和后一半时间内的位移．根据速度位移公式求出中间位置的瞬时速度，从而得出前一半路程和后一半路程速度的增加量．【解答】解：A、设AB中间位置的速度为v2，根据速度位移公式有：，（7v2）﹣=2a•，联立解得：v2=5v；前半程所用时间为t==；整个过程所用时间为t===t；故物体通过前半程用时t；故A正确；B、中间时刻的瞬时速度为v′==4v；则前时间内的位移为：x==；则后时间内的位移为：x′==；故B错误，C正确；D、AB中间位置的速度为5v，末速度为7v，故后半程速度增加了2v，故D错误；故选：AC三、非选择题（本大题共3小题，共40分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）11．如图是“研究匀变速直线运动”实验中获得的一条纸带，O、A、B、C、D和E为纸带上六个计数点．加速度大小用a表示：（1）OD间的距离为 1.20cm．（2）图2是根据实验数据绘出的s﹣t2图线（s为各计数点至同一起点的距离），斜率表示加速度的二分之一，加速度大小为0.933m/s2（保留三位有效数字）．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】精度是1毫米刻度尺读数要估读到毫米的下一位，整数刻度用零补充位置，根据解析式讨论图象斜率的意义．【解答】解：（1）最小刻度是毫米的刻度尺读数要估读到最小刻度的下一位，故拿零来补充估测值位置所以OD间的距离为1.20cm．（2）由公式S=at2知图象的斜率表示a，即加速度的二分之一解得：a=2k=0.933m/s2故答案为：（1）1.20（2）加速度的二分之一，0.93312．一客运列车匀速行驶，其车轮在轨道间的接缝处会产生周期性的撞击．坐在该客车中的某旅客测得从第1次到第16次撞击声之间的时间间隔为10.0s．在相邻的平行车道上有一列货车，当该旅客经过货车车尾时，货车恰好从静止开始以恒定加速度沿客车行进方向运动．该旅客在此后的20.0s内，看到恰好有30节货车车厢被他连续超过．已知每根轨道的长度为25.0m，每节货车车厢的长度为16.0m，货车车厢间距忽略不计．求（1）客车运行的速度大小；（2）货车运行加速度的大小．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】（1）求出客车经过每根轨道的长度所用的时间，根据平均速度求出客车运行的速度大小．（2）抓住客车和货车的位移关系求出货车的位移，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出货车的加速度．【解答】解：（1）设连续两次撞击轨道的时间间隔为△t，每根轨道的长度为l，则客车的速度为其中l=25.0 m，解得v=37.5m/s（2）设从货车开始运动后t=20.0 s内客车行驶的距离为s1，货车行驶的距离为s2，货车的加速度为a，30节货车车厢的总长度为L=30×16.0 m由运动学公式有s1=vt由题意，有L=s1﹣s2联立解得a=1.35 m/s2答：（1）客车运行的速度大小为37.5m/s．（2）货车运行加速度的大小为1.35 m/s2．13．歼﹣15战机是我国自行设计研制的首型舰载多用途歼击机，短距起飞能力强大．若歼﹣15战机正常起飞过程中加速度为a，经s距离就达到起飞速度腾空而起．现已知“辽宁”舰起飞甲板长为L（L＜s），且起飞过程可简化为匀加速直线运动．现有两种方法助其正常起飞，方法一：在航空母舰静止的情况下，用弹射系统给飞机以一定的初速度；方法二：起飞前先让航空母舰沿飞机起飞方向以某一速度匀速航行．求：（1）方法一情况下弹射系统使飞机具有的最小速度v1m；（2）方法二情况下航空母舰的最小速度v2m．【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）飞机做匀加速直线运动，应用匀变速直线运动的速度位移公式可以求出飞机获得的最小速度．（2）航母做匀速直线运动，飞机做匀加速直线运动，应用匀变速直线运动的速度公式、速度位移公式可以求出航母的速度．【解答】解：（1）设飞机起飞速度为v，由匀变速直线运动的速度位移公式得：v2=2as，v2﹣v1m2=2aL，解得v1m=；（2）设第二种方法中起飞过程经历时间为t，则：t=，飞机位移：s1=，航空母舰位移：s2=v2m t，位移关系：s1﹣s2=L，联立解得：v2m=﹣；答：（1）方法一情况下弹射系统使飞机具有的最小速度v1m为；（2）方法二情况下航空母舰的最小速度v2m为﹣．2016年11月8日。