〖附5套模拟卷〗上海市奉贤区2021届新高考第一次质量检测物理试题含解析
上海市奉贤区2021届新高考物理第一次调研试卷含解析
上海市奉贤区2021届新高考物理第一次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．帆船运动中，运动员可以调节帆面与船前进方向的夹角，使船能借助风获得前进的动力．下列图中能使帆船获得前进动力的是A．B．C．D．【答案】D【解析】【分析】船所受风力与帆面垂直，将风力分解成沿船前进方向和垂直于船身方向．船在垂直船身方向受到的阻力能抵消风力垂直于船身方向的分量【详解】A、A图中船所受风力垂直于船前进方向，沿船前进方向的分力是零．故A项错误．B、将B图中风力分解后沿船前进方向分力与船前进方向相反，故B项错误．C、将C图中风力分解后沿船前进方向分力与船前进方向相反，故C项错误．D、将D图中风力分解后沿船前进方向分力与船前进方向相同，能使使帆船获得前进动力．故D项正确．2．如图所示，为某静电除尘装置的原理图，废气先经过机械过滤装置再进入静电除尘区、图中虚线是某一带负电的尘埃(不计重力)仅在电场力作用下向集尘极迁移并沉积的轨迹，A、B两点是轨迹与电场线的交点，不考虑尘埃在迁移过程中的相作用和电荷量变化，则以下说法正确的是A．A点电势高于B点电势B．尘埃在A点的加速度大于在B点的加速度C．尘埃在迁移过程中做匀变速运动D．尘埃在迁移过程中电势能始终在增大【答案】B【解析】沿电场线方向电势降低，由图可知，B点的电势高于A点电势，故A错误；由图可知，A点电场线比B点密集，因此A点的场强大于B点场强，故A点的电场力大于B点的电场力，则A点的加速度大于B点的加速度，故B正确；放电极与集尘极间建立非匀强电场，尘埃所受的电场力是变化的．故粒子不可能做匀变速运动，故C错误；由图可知，开始速度方向与电场力方向夹角为钝角，电场力做负功，电势能增大；后来变为锐角，电场力做正功，电势能减小；对于全过程而言，根据电势的变化可知，电势能减小，故D错误．故选B．点睛：本题考查考查分析实际问题工作原理的能力，解题时要明确电场线的分布规律，并且能抓住尘埃的运动方向与电场力方向的关系是解题突破口．3．最近，我国为“长征九号”研制的大推力新型火箭发动机联试成功，这标志着我国重型运载火箭的研发取得突破性进展．若某次实验中该发动机向后喷射的气体速度约为3 km/s，产生的推力约为4.8×106 N，则它在1 s时间内喷射的气体质量约为A．1.6×102 kg B．1.6×103 kg C．1.6×105 kg D．1.6×106 kg【答案】B【解析】【分析】【详解】设该发动机在t s时间内，喷射出的气体质量为m，根据动量定理，Ft=mv，可知，在1s内喷射出的气体质量634.8101.6103000m Fm kg kgt v⨯====⨯，故本题选B．4．如图所示，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然状态的跳板上，随跳板一同向下做变速运动到达最低点，然后随跳板反弹，则( )A．运动员与跳板接触的全过程中只有超重状态B．运动员把跳板压到最低点时，他所受外力的合力为零C．运动员能跳得高的原因从受力角度来看，是因为跳板对他的作用力远大于他的重力D．运动员能跳得高的原因从受力角度来看，是因为跳板对他的作用力远大于他对跳板的作用力【答案】C【解析】【分析】【详解】A.运动员与跳板接触的下降过程中，先向下加速，然后向下减速，最后速度为零，则加速度先向下，然后向上，所以下降过程中既有失重状态也有超重状态，同理上升过程中也存在超重和失重状态，故A 错误；B.运动员把跳板压到最低点时，跳板给其的弹力大于其重力，合外力不为零，故B 错误；C.从最低点到最高过程中，跳板给运动员的支撑力做正功，重力做负功，位移一样，运运动员动能增加，因此跳板对他的作用力大于他的重力，故C 正确；D.跳板对运动员的作用力与他对跳板的作用力是作用力与反作用力，大小相等，故D 错误．故选C.5．下列说法中，正确的是（ ）A ．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B ．物体在恒力作用下不可能做圆周运动C ．物体在变力作用下不可能做直线运动D ．物体在变力作用下不可能做曲线运动【答案】B【解析】【详解】A ．物体在恒力作用下也可能做曲线运动，例如平抛运动，选项A 错误；B ．物体做圆周运动的向心力是变力，则物体在恒力作用下不可能做圆周运动，选项B 正确；C ．物体在变力作用下也可能做直线运动，选项C 错误；D ．物体在变力作用下也可能做曲线运动，例如匀速圆周运动，选项D 错误；故选B 。
上海市奉贤区2021届第一次新高考模拟考试物理试卷含解析
上海市奉贤区2021届第一次新高考模拟考试物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向同一方向做直线运动，位移-时间图象如图所示，则在0～t1时间内A．甲的速度总比乙大B．甲、乙位移相同C．甲经过的路程比乙小D．甲、乙均做加速运动【答案】B【解析】【详解】A．因x-t图像的斜率等于速度，可知在0～t1时间内开始时甲的速度大于乙，后来乙的速度大于甲，选项A错误；B．由图像可知在0～t1时间内甲、乙位移相同，选项B正确；C．甲乙均向同方向做直线运动，则甲乙的路程相同，选项C错误；D．由斜率等于速度可知，甲做匀速运动，乙做加速运动，选项D错误．2．某同学为了验证断电自感现象，自己找来带铁心的线圈L、小灯泡A、开关S和电池组E，用导线将它们连接成如图所示的电路。
检查电路后，闭合开关S，小灯泡正常发光；再断开开关S，小灯泡仅有不显著的延时熄灭现象。
虽经多次重复，仍未见老师演示时出现的小灯泡闪亮现象。
你认为最有可能造成小灯泡未闪亮的原因是（）A．线圈的电阻偏大B．小灯泡的额定电压偏大C．电源的电动势偏小D．线圈的自感系数偏小【答案】A【解析】【分析】【详解】图中的电路是一个灯泡与电感线圈并联再与电源、开关串联起来的电路，当小灯泡正常发光时，通过灯泡和电感线圈中都有电流，当开关断开时，小灯泡仅有不显著的延时熄灭现象，说明开关断开后，通过小灯泡的电流也没有显著增大，这是因为原来通过电感线圈的电流小于灯泡的电流，当断电后，电感最多会产生原来通过自己的等大的电流，故造成小灯泡未闪亮的原因是线圈的电阻偏大的缘故。
故选A 。
3．水平面上有质量相等的a 、b 两个物体，水平推力F 1、F 2分别作用在a 、b 上，一段时间后撤去推力，物体继续运动一段距离后停下，两物体的v t -图象如图所示，图中AB//CD.则整个过程中A ．F 1的冲量等于F 2的冲量B ．F 1的冲量大于F 2的冲量C ．摩擦力对a 物体的冲量等于摩擦力对b 物体的冲量D ．合外力对a 物体的冲量等于合外力对b 物体的冲量【答案】D【解析】【详解】C ．由图，AB 与CD 平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律可知，两物体受到的摩擦力大小相等。
上海市奉贤区2021届新高考物理第一次押题试卷含解析
上海市奉贤区2021届新高考物理第一次押题试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．已知天然材料的折射率都为正值(n>0)。
近年来，人们针对电磁波某些频段设计的人工材料，可以使折射率为负值(n<0)，称为负折射率介质。
电磁波从正折射率介质入射到负折射介质时，符合折射定律，但折射角为负，即折射线与入射线位于界面法线同侧，如图1所示。
点波源S发出的电磁波经一负折射率平板介质后，在另一侧成实像。
如图2所示，其中直线SO垂直于介质平板，则图中画出的4条折射线（标号为1、2、3、4）之中，正确的是（）A．1 B．2C．3 D．4【答案】D【解析】【分析】【详解】由题意可知，负折射率的介质使得折射光线与入射光线均在法线的同一侧，现在让我们判断从S点发出的这条光线的折射光线，则光线1、2是不可能的，因为它们均在法线的另一侧，光线3、4是可能的，但是题意中又说明在另一侧成实像，即实际光线有交点，光线3在射出介质时，其折射线如左图所示，折射光线反向延长线交于一点，成虚像。
而光线4的折射光线直接相交成实像（如右图所示）。
故选D。
2．如图所示，竖直平面内的光滑水平轨道的左边与墙壁对接，右边与一个足够高的四分之一光滑圆弧轨道平滑相连，木块A、B静置于光滑水平轨道上，A、B的质量分别为1.5kg和0.5kg。
现让A以6m/s的速度水平向左运动，之后与墙壁碰撞，碰撞的时间为0.2s，碰后的速度大小变为4m/s，当A与B碰撞后立即粘在一起运动，g 取10m/s 2，则（ ）A ．A 与墙壁碰撞过程中，墙壁对A 的平均作用力的大小15N F =B ．A 和B 碰撞过程中，A 对B 的作用力大于B 对A 的作用力C ．A 、B 碰撞后的速度2m/s v =D ．A 、B 滑上圆弧的最大高度0.45m h =【答案】D【解析】【详解】A ．规定向右为正方向，则06m/s v =-，14m/s v =对A 在与墙碰撞的过程，由动量定理得1110F t m v m v ∆=-75N F =所以A 错误；B ．A 和B 碰撞过程中，A 对B 的作用力和B 对A 的作用力是一对相互作用力，应该大小相等，方向相反，所以B 错误；C ．由题意可知，A 和B 发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得11122()m v m m v =+23m/s v =所以C 错误；D ．A 和B 碰后一起沿圆轨道向上运动，在运动过程中，只有重力做功，由机械能守恒定律得2121221()()2m m gh m m v +=+ 0.45m h =所以D 正确。
上海市奉贤区(六校联考)2021届新高考模拟物理试题含解析
上海市奉贤区(六校联考）2021届新高考模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．一定质量的理想气体，在温度升高的过程中（ ） A ．气体的内能一定增加 B ．外界一定对气体做功 C ．气体一定从外界吸收热量 D ．气体分子的平均动能可能不变 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】AD ．理想气体不计分子势能，温度升高，平均动能增大，内能一定增加，选项A 正确，D 错误； BC ．温度升高，外界可能对气体做功，也可能从外界吸收热量，选项BC 错误。
故选A.2．一质点做匀加速直线运动连续经历了两段相等的时间。
下列对这两个阶段判断正确的是（ ） A ．位置变化量一定相同 B ．动能变化量一定相同 C ．动量变化量一定相同 D ．合外力做功一定相同 【答案】C 【解析】 【详解】A ．匀加速直线运动的物体连续经历了两段相等的时间，根据2012x v t at =+可知位移不相等，位置变化不同，选项A 错误；BD ．根据动能定理可知，合外力做功不相等，则动能变化量不相同，选项BD 错误； C ．根据动量定理F t p ∆=∆，可知动量变化量一定相同，选项C 正确； 故选C 。
3．已知一物体从足够长斜面底端沿斜面匀减速上滑，上滑长度为L 时，速度减为0，当物体的上滑速度是初速度的13时，它沿斜面已上滑的距离是A ．56L B ．89L C L D【解析】 【详解】物体从足够长斜面底端沿斜面匀减速上滑时初速度为v 0，上滑长度为L 时，速度减为0，有：2002v aL -=，当物体的上滑速度是初速度的13时，此时速度为013v ，有220023v v ax ⎛⎫-= ⎪⎝⎭， 联立以上两等式得：89x L =， 故选B 。
4．已知光速为 3 × 108 m/s 电子的质量为 9.1 × 10−31 kg ，中子的质量为1.67 ×10−27 kg ，质子的质量为1.67 × 10−27 kg 。
上海市奉贤区2021届新高考物理模拟试题(1)含解析
上海市奉贤区2021届新高考物理模拟试题（1）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．在竖直平衡（截面）内固定三根平行的长直导线a 、b 、c ，通有大小相等、方向如图所示的电流．若在三根导线所在空间内加一匀强磁场后，导线a 所受安培力的合力恰好为零，则所加磁场的方向可能是（ ）A ．垂直导线向左B ．垂直导线向右C ．垂直纸面向里D ．垂直纸面向外【答案】D【解析】【详解】根据安培定则可知，导线b 在a 处的磁场向里，导线c 在a 处的磁场向外，因b 离a 较近，可知bc 在a 处的合磁场垂直纸面向里；因导线a 所受安培力的合力恰好为零，可知a 处所加磁场的方向为垂直纸面向外；A ．垂直导线向左，与结论不相符，选项A 错误；B ．垂直导线向右 ，与结论不相符，选项B 错误；C ．垂直纸面向里，与结论不相符，选项C 错误；D ．垂直纸面向外，与结论相符，选项D 正确；2．两质点A 、B 同时、同地、同向出发，做直线运动。
v t -图像如图所示。
直线A 与四分之一椭圆B 分别表示A 、B 的运动情况，图中横、纵截距分别为椭圆的半长轴与半短轴（椭圆面积公式为S ab π=，a 为半长轴，b 为半短轴）。
则下面说法正确的是（ ）A ．当2s t =时，a b 1.5m/s v v ==B ．当a v =，两者间距最小C ．A 的加速度为2m/s 2D ．当B 的速度减小为零之后，A 才追上B 【答案】C【解析】【详解】 AB ．两质点A 、B 从同一地点出发，椭圆轨迹方程为22221x y a b += 由题图可知4a =、2b =，当2s t x ==带入方程解得v y ==在本题的追及、相遇问题中，初始时刻B 的速度大于A 的速度，二者距离越来越大，速度相等的瞬间，两者间距最大，AB 错误；C ．A 做的是初速度为零的匀加速直线运动，经过2s ，即2v a t ∆==∆ C 正确；D ．v t -图线和时间轴围成的面积为位移，经过4s ，B 速度减小为零，B 的位移为所围成图形的面积B 124m 2m 4s ππ=⨯⨯= A 的位移为22A 114m 222s at ==⨯= A 的位移大于B 的位移，说明在B 停下来之前，A 已经追上了B ，D 错误。
上海市奉贤区2021届新高考第一次适应性考试物理试题含解析
上海市奉贤区2021届新高考第一次适应性考试物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．某实验小组模拟远距离输电的原理图如图所示，A、B为理想变压器，R为输电线路的电阻，灯泡L1、L2规格相同，保持变压器A的输入电压不变，开关S断开时，灯泡L1正常发光，则()A．仅将滑片P上移，A的输入功率不变B．仅将滑片P上移，L1变暗C．仅闭合S，L1、L2均正常发光D．仅闭合S，A的输入功率不变【答案】B【解析】【详解】AB．仅将滑片P上移，则升压变压器的副线圈匝数变小，所以输出电压变小，相应的B变压器的输入电压降低，输出电压也降低，所以L1两端电压变小。
输出功率变小，则A变压器的输入功率也变小，故A 错误，B正确；CD．仅闭合S，则B变压器的负载电阻变小，输出总电流变大，输出功率变大，则升压变压器A的输入功率也变大。
相应的输电线上的电流变大，输电线上损失的电压变大，B变压器的输入电压变小，输出电压也变小，即灯泡两端的电压变小，灯泡不能正常发光，故CD错误。
故选B。
2．如图所示，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用竖直向下的力F作用在P上，使其向下做匀加速直线运动，在弹簧的弹性限度内，下列是力F和运动时间t之间关系的图象，正确的是（）A．B．C．D．【答案】D【解析】【详解】在作用力F之前，物块放在弹簧上处于静止状态，即0mg kx =作用力F 之后，物块向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有0()F mg k x x ma +-+=x 即为物块向下运动的位移，则212x at = 联立可得 22ka F ma t =+即F 随时间变化图象为D ，所以D 正确，ABC 错误。
故选D 。
3．在平直公路上行驶的甲车和乙车，它们沿同一方向运动的v t -图像如图所示。
已知0t =时刻乙车在甲车前方10m 处，下列说法正确的是（ ）A ．2s t =时，甲、乙两车相遇B ．04s ~内，甲、乙两车位移相等C ．甲、乙两车之间的最小距离为6mD ．相遇前甲、乙两车之间的最大距离为18m【答案】B【解析】【详解】AD ．0时刻，乙车在甲车前10m 处，前2s 内乙车的速度大于甲车的速度，所以两车的距离逐渐变大，在2s 时刻速度相等，距离最远，v t -图线和时间轴围成的面积为位移max 24()10m m 10m 14m 2s x x ⨯=-+=+=乙甲 AD 错误；B ．v t -图线和时间轴围成的面积为位移，前4s 内，根据几何关系可知甲乙两车的v t -图线和时间轴围成的面积相等，所以二者位移相等，B 正确；C ．甲车速度大于乙车速度，二者最终可以相遇，最小距离为0m ，C 错误。
2021届上海市奉贤区高三(上)高考一模物理试题
17．一列简谐横波沿x轴正向传播，t＝0时的图像如图，此时刻后P质点回到平衡位置的最短时间为0.2s，Q质点回到平衡位置的最短时间为1s，已知t＝0时两质点相对平衡位置的位移相同，则波的传播周期为_______s，传播速度是______m/s，从t＝0时刻算起经过______s时间质点Q第二次回到平衡位置。
四、解答题
20．质量m=0.5kg的物体以4m/s的速度从光滑斜面底端D点上滑做匀减速直线运动，途经A、B两点，已知物体在A点时的速度是B点时速度的2倍，由B点再经过0.5秒物体滑到顶点C点时速度恰好为零，已知AB=0.75m．求：
（1）物体在斜面上做匀减速直线运动的加速度；
（2）物体从底端D点滑到B点的位移大小．
14．在“用DIS研究在温度不变时，一定质量的气体压强与体积的关系”实验中，某同学最后得到如图所示的p－ 图线。
①若大气压强为p0，注射器内气体初始体积为10cm3，实验过程中，注射器内气体体积在4cm3到20cm3范围内变化，则注射器内部与外界压强差的最大值为________p0。
②图线弯曲的可能原因是在V减小过程中（____）
19．如图所示，质量分布均匀的小球，质量为m，半径为R，倾角 的斜面体质量为M，放置在水平面上。在水平推力作用下，使斜面体底角刚好与墙角接触，则静止时水平推力F的大小为____（不计一切摩擦，重力加速度为g）。若增大水平推力，则斜面体对小球的支持力将___（选填“增大”、“不变”或“减小”）。若撤去此推力小球会落地，则此过程中小球重力势能的变化量____。
上海市奉贤区2021届新高考物理一模考试卷含解析
上海市奉贤区2021届新高考物理一模考试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．一辆汽车在公路上匀速行驶的速度为15m/s ，正常匀速行驶过程中发现前方35m 处有一个特殊路况，驾驶员刹车减速，汽车停在该特殊路况前2m 处。
若该驾驶员的反应时间大约为0.6s ，则汽车减速过程中加速度的大小约为（ ）A ．210.2m/sB ．25.1m/sC ．24.7m/sD ．23.4m/s【答案】C【解析】【详解】在驾驶员的反应时间内汽车匀速运动，其位移为 1150.6m 9m x vt ==⨯=刹车阶段内匀减速运动，位移为2135m 2m 24m x x =--=又有222v ax =，解得2224.7m/s 2v a x =≈ 故选C 。
2．如图甲所示，固定光滑斜面上有质量为6kg m =的物体，在大小为12N ，方向平行于斜面的拉力F 的作用下做匀速直线运动，从1 2.5m x =-位置处拉力F 逐渐减小，力F 随位移x 的变化规律如图乙所示，当27m x =时拉力减为零，物体速度刚好为零，取210m/s g =，下列说法正确的是（ ）A ．斜面倾角θ为30°B ．整个上滑的过程中，物体的机械能增加27JC ．物体匀速运动时的速度大小为3m/sD ．物体在减速阶段所受合外力的冲量为12N s -⋅【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．物体做匀速直线运动时，受力平衡，则sin F mg θ=代入数值得sin 0.2θ=选项A 错误；C ．图像与坐标轴所围的面积表示拉力做的功F 112 2.5J 12(7 2.5)J 57J 2W =⨯+⨯⨯-= 重力做的功G 2si 84 J n W mgt θ=-=-由动能定理2F G 0102W W mv +=- 解得03m/s v =选项C 正确；B ．机械能的增加量等于拉力做的功57J ，B 错误；D ．根据动量定理可得0018N s I mv =-=-⋅选项D 错误。
《试卷5份集锦》上海市奉贤区2021新高考物理质量检测试题
2019-2020学年高考物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图1所示，轻弹簧上端固定，下端悬吊一个钢球，把钢球从平衡位置向下拉下一段距离A ，由静止释放。
以钢球的平衡位置为坐标原点，竖直向上为正方向建立x 轴，当钢球在振动过程中某一次经过平衡位置时开始计时，钢球运动的位移—时间图像如图2所示。
已知钢球振动过程中弹簧始终处于拉伸状态，则（ ）A ．1t 时刻钢球处于超重状态B ．2t 时刻钢球的速度方向向上C ．12~t t 时间内钢球的动能逐渐增大D ．12~t t 时间内钢球的机械能逐渐减小2．一束单色光从真空斜射向某种介质的表面，光路如图所示。
下列说法中正确的是（ ）A ．此介质的折射率等于1.5B ．此介质的折射率等于2C ．入射角小于45°时可能发生全反射现象D ．入射角大于45°时可能发生全反射现象3．如图所示，空间存在垂直于斜面向下的匀强电场(图中未画出)，两个带电物块A 和B 位于图中位置，A 固定于水平地面上，B 置于光滑斜面上，B 的重力为G 。
则下列情况能让B 在斜面上保持静止且让B 对斜面的压力小于Gcosθ的是（ ）A ．A 和B 都带正电荷B ．A 和B 都带负电荷C ．A 带正电荷，B 带负电荷D．A带负电荷，B带正电荷4．如图所示，其中电流表A的量程为0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A；R1的阻值等于电流表内阻的12；R2的阻值等于电流表内阻的4倍。
若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是（）A．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04 AB．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02 AC．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06 AD．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01 A5．下列说法正确的是（）A．由公式v＝ωr可知，圆形轨道人造地球卫星的轨道半径越大则其速度越大B．由公式=GMvr可知，所有人造地球卫星离地球越远则其线速度越小C．地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的线速度小于7.9km/sD．地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的角速度小于地球自转的角速度6．（题文）（题文）如图，两同心圆环A、B置于同一水平面上，其中B为均匀带负电绝缘环，A为导体环当B绕环心转动时，导体环A产生顺时针电流且具有扩展趋势，则B的转动情况是（）A．顺时针加速转动B．顺时针减速转动C．逆时针加速转动D．逆时针减速转动7．如图所示，由粗细均匀的金属导线围成的一个正六边形线框abcdef，它的六个顶点均位于一个半径为R的圆形区域的边界上，be为圆形区域的一条直径，be上方和下方分别存在大小均为B且方向相反的匀强磁场，磁场方向垂直于圆形区域。
上海市奉贤区2021届新高考第一次大联考物理试卷含解析
上海市奉贤区2021届新高考第一次大联考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，用材料、粗细均相同的电阻丝做成ab、cd、ef三种形状的导线，分别放在电阻可忽略的足够长的相同的光滑金属导轨上，匀强磁场的方向垂直于导轨平面，在相同的水平外力F作用下，三根导线均向右做匀速运动，某一时刻撤去外力F，已知三根导线接入导轨间的长度关系满足l ab<l cd<l ef，且每根导线与导轨的两个触点之间的距离均相等，则下列说法中正确的是（）A．三根导线匀速运动的速度相同B．三根导线产生的感应电动势相同C．匀速运动时，三根导线的热功率相同D．从撤去外力到三根导线停止运动，通过导线ef的电荷量最大【答案】D【解析】【详解】A．当匀速运动时，由22B L vFR=可知，三种情况下F、B、L相同，但是R不同，则速度v不同，ef电阻较大，则速度较大，选项A错误；B．因速度v不同，则由E=BLv可知，三根导线产生的感应电动势不相同，选项B错误；C．匀速运动时，三根导线的热功率等于外力F的功率，即P=Fv，因v不同，则热功率不相同，选项C 错误；D．撤去F后由动量定理：BIL t mv∆=而I t q∆=则mvqBL=因ef的速度v和质量m都比较大，则从撤去外力到三根导线停止运动，通过导线ef的电荷量q最大，选项D正确；故选D。
2．下列说法中，正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．物体在恒力作用下不可能做圆周运动C．物体在变力作用下不可能做直线运动D．物体在变力作用下不可能做曲线运动【答案】B【解析】【详解】A．物体在恒力作用下也可能做曲线运动，例如平抛运动，选项A错误；B．物体做圆周运动的向心力是变力，则物体在恒力作用下不可能做圆周运动，选项B正确；C．物体在变力作用下也可能做直线运动，选项C错误；D．物体在变力作用下也可能做曲线运动，例如匀速圆周运动，选项D错误；故选B。
上海市奉贤区2021届新高考物理一月模拟试卷含解析
上海市奉贤区2021届新高考物理一月模拟试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．仰卧起坐是《国家学生体质健康标准》中规定的女生测试项目之一。
根据该标准高三女生一分钟内完成 55 个以上仰卧起坐记为满分。
若某女生一分钟内做了 50 个仰卧起坐，其质量为 50kg ，上半身质量为总质量的 0.6 倍，仰卧起坐时下半身重心位置不变，g 取10m/s2 。
则测试过程中该女生克服重力做功的平均功率约为（ ）A ．10WB ．40WC ．100WD ．200W【答案】C【解析】【分析】【详解】 该同学身高约1.6m ，则每次上半身重心上升的距离约为14×1.6m=0.4m ，则她每一次克服重力做的功 W=0.6mgh=0.6×50×10×0.4=120 J1min 内她克服重力所做的总功W 总=50W=50×120=6000 J她克服重力做功的平均功率为 6000100W 60W P t === 故C 正确，ABD 错误。
故选C 。
2．2019年12月16日，第52、53颗北斗导航卫星成功发射，北斗导航卫星中包括地球同步卫星和中圆轨道卫星，它们都绕地球做圆周运动，同步卫星距地面的高度大于中圆轨道卫星距地面的高度．与同步卫星相比，下列物理量中中圆轨道卫星较小的是( )A ．周期B ．角速度C ．线速度D ．向心加速度【答案】A【解析】【详解】根据卫星所受的万有引力提供向心力可知： 222224πω====GMm v m m r ma m r r r T可得 3232GM r GM gM v T a r GM r rπω====，，， 同步卫星的轨道半径大于中圆轨道卫星，则中圆轨道卫星的周期小，角速度、线速度和向心加速度均大，故A 正确，BCD 错误。
故选A 。
3．如图，质量为m=2kg 的物体在θ=30°的固定斜个面上恰能沿斜面匀速下滑。
上海市奉贤区2021届新高考物理仿真第一次备考试题含解析
上海市奉贤区2021届新高考物理仿真第一次备考试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，在光滑水平面上有质量分别为A m 、B m 的物体A ，B 通过轻质弹簧相连接，物体A 紧靠墙壁，细线连接A ，B 使弹簧处于压缩状态，此时弹性势能为p0E ，现烧断细线，对以后的运动过程，下列说法正确的是（ ）A ．全过程中墙对A 的冲量大小为p02B E m m B ．物体B p02A E m C ．弹簧长度最长时，物体B p02BA B B E m m m m +D ．弹簧长度最长时，弹簧具有的弹性势能p p0E E >【答案】C【解析】【分析】【详解】AB ．当弹簧第一次恢复原长时A 恰好离开墙壁，此过程弹性势能转化为物体B 的动能，由能量守恒2p012B B E m v = 求得p02B B E v m =该速度就是B 的最大速度，此过程A 的动量始终为零，对A 由动量定理0A I I -=弹簧对B 由动量定理B B I m v =弹簧解得A I m =选项AB 错误；C ．以后的运动过程中物体A 将不再与墙壁有力的作用，A 、B 系统动量守恒，当弹簧长度最长时，A 、B 速度相同，根据动量守恒()B B B A m v m m v =+代入得v =C 正确； D ．弹簧长度最长时2p p01()2B A E m m v E ++= 则p p0E E <选项D 错误。
故选C 。
2．下列关于运动项目的叙述正确的是（ ）A ．若足球的运动轨迹是旋转的香蕉球时，要研究足球的运动足球可以看做质点B ．2018年苏炳添在男子100m 中跑出的亚洲纪录是一个时刻C ．4100m ⨯接力赛中的100m 都是指位移D ．运动员100m 短跑用时10s ，则其加速过程的平均加速度定不小于22m/s【答案】D【解析】【详解】A ．若足球的运动轨迹是旋转的香蕉球时，要研究足球的运动足球大小不能忽略，不可以看做质点，选项A 错误；B ．2018年苏炳添在男子100m 中跑出的亚洲纪录是一个时间间隔，选项B 错误；C ．4100m ⨯接力赛中有弯道，则其中的100m 不都是指位移，选项C 错误；D ．运动员100m 短跑用时10s ，若整个过程中一直加速，则加速度222221002m/s 10s a t ⨯=== 因运动员在100m 短跑中先加速后匀速，则其加速过程的平均加速度定不小于22m/s ，选项D 正确； 故选D 。
解析上海市奉贤区2021年高三上学期期末考试一模物理试题 含解析
2021年上海市奉贤区高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题Ⅰ(共1６分,每小题2分.每小题只有一个正确选项．）１．下列属于牛顿的主要贡献是( ）A.发现光的色散B．创立相对论C．测出万有引力恒量ﻩD．ﻩ发现摆的等时性分析：正确解答本题要了解物理学中的重要发现的参与者，知道各个伟大科学家的主要成就.解答:ﻩ解：Ａ、牛顿发现光的色散，故Ａ正确；B、爱因斯坦创立相对论，故B错误；C、卡文迪许测出万有引力恒量,故C错误；D、惠更斯发现摆的等时性，故D错误;故选:A．点评:本题考查了学生对物理学史的掌握情况,对于这部分知识要注意多加记忆和积累．2．关于惯性说法正确的是（）ﻩA．只有静止的物体才具有惯性B．ﻩ物体处于完全失重状态时没有惯性ﻩC．物体运动状态改变时才有惯性ﻩD.ﻩ物体在任何状态下都具有惯性分析：ﻩ惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质,惯性大小与物体的质量有关，质量越大,惯性越大.解答：ﻩ解:不论是运动的还是静止的物体都有惯性，惯性与所处的运动状态无关,与所处的位置无关，惯性只有物体的质量有关，质量越大，惯性越大.故ＡBC错误、D正确.故选：D．点评：ﻩ惯性是物理学中的一个性质,它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质,不能和生活中的习惯等混在一起．３.如图所示的简谐运动图象中，在ｔ1和t2时刻,运动质点相同的量为( )ﻩＡ.加速度B．位移C．ﻩ速度 D. 回复力考点：简谐运动的振动图象;简谐运动的振幅、周期和频率．专题:ﻩ简谐运动专题.分析:ﻩ由简谐运动的图象直接读出位移,根据简谐运动的特征分析回复力、加速度关系．根据质点的位置关系，判断速度关系.解答：解：A、B、由图读出,ｔ1和t2时刻，质点运动的位移大小相等,方向相反;根据简谐运动的加速度a=﹣，位移大小相等，方向相反，则加速度大小相等，方向相反;故Ａ错误,B错误；Ｃ、x﹣t图象上点的切线的斜率表示速度,故在t1和ｔ2时刻速度相同,故Ｃ正确;D、根据简谐运动的基本特征是:F=﹣ｋｘ得知,t1和t2时刻质点的回复力大小相等,方向相反，故D错误;故选：C.点评:对于矢量，只有大小相等,方向相同时矢量才相同.根据简谐运动的图象可以分析质点的振动情况,判断各个物理量的变化情况.4.(２分）(2015•奉贤区一模）如图所示，A、Ｂ为同一水平线上的两个绕绳装置.转动Ａ、B 改变绳的长度，使重物Ｃ缓慢下降.则此过程中绳上的拉力大小( )Ａ.保持不变B．逐渐减小 C.逐渐增大 D.都有可能考点:共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题:共点力作用下物体平衡专题.分析:二力合成时，夹角越小,合力越大;同样,将一个力分解为等大的两个分力，两个分力的夹角越大，分力越大；物体受三个力，重力和两个拉力,三力平衡，两个拉力的合力与重力等值、反向、共线.解答：解：物体受三个力，重力和两个拉力，三力平衡，两个拉力的合力与重力平衡；两个拉力合力一定，夹角不断减小，故拉力不断减小;故选：Ｂ.点评:本题关键记住“将一个力分解为等大的两个分力，两个分力的夹角越大，分力越大”的结论,若是用解析法求解出拉力表达式分析，难度加大了5.(２分)(２０09•上海)气体内能是所有气体分子热运动动能和势能的总和,其大小与气体的状态有关，分子热运动的平均动能与分子间势能分别取决于气体的( ）A.温度和体积Ｂ．体积和压强 C.温度和压强D．压强和温度考点:温度是分子平均动能的标志;分子势能．分析:温度是分子平均动能的标志,所以气体分子的动能宏观上取决于温度；分子势能是由于分子间引力和分子间距离共同决定，宏观上取决于气体的体积.解答:解：由于温度是分子平均动能的标志，所以气体分子的动能宏观上取决于温度；分子势能是由于分子间引力和分子间距离共同决定，宏观上取决于气体的体积．故答案为:Ａ.点评：这是一道考查分子势能和分子平均动能的基础题,关键是弄清分子热运动与温度的关系以及分子间距离与气体体积的关系.6．(2分）(２０1５•奉贤区一模）一列水波穿过小孔发生衍射现象，衍射后水波能量减小表现为( )A.波长增大B．周期增大 C.频率减小D．振幅减小考点：波的干涉和衍射现象．分析:根据衍射原理,绕过阻碍物继续向前传播,则周期与频率不变,面,而波长与波速有关，因介质确定水波的速度，从而即可求解．解答:解：由题意可知,水波发生衍射现象，由于频率不变,则周期也不变,因绕过阻碍物继续向前传播的现象叫波的衍射,由于波速不变,则波长也不变，因衍射后振动能量的分散，导致振幅减小,故D正确，ABC错误.故选：D.点评：本题考查了发生衍射的原理，及衍射过程中的变化与不变化的量，注意振动能量与振幅有关．7．（2分)(2015•奉贤区一模)滑雪运动员由斜坡向下滑行时其速度﹣时间图象如图所示,图象中AＢ段为曲线，运动员在此过程中不变的是( ）A.动能B．速度方向 C.合力 D.机械能考点：匀变速直线运动的图像．专题:运动学中的图像专题.分析:分析运动员的v﹣ｔ图象，判断运动员速度如何变化，从而判断动能的变化．根据速度的变化情况判断加速度的变化情况,再判断运动员所受合力变化情况、运动员的机械能变化情况.解答：解:A、由图象知运动员的速度不断增大，则动能不断增大，故Ａ错误．Ｂ、速度的正负表示其方向,可知运动员的速度方向不变,故B正确．C、由ｖ﹣ｔ图象可知，运动员的v﹣t图象是一条曲线,曲线切线的斜率越来越小,运动员的加速度越来越小，由牛顿第二定律可知，运动员所受合力F=ma不断减小，故C错误.D、运动员在下滑过程中,受到阻力作用，阻力要对运动运做负功,使运动运的机械能减少，运动运的机械能不守恒，故D错误;故选：B．点评：本题根据所给图象判断运动员的运动性质、所受合力变化情况、机械能变化情况,难度适中.8．（2分)(201５•奉贤区一模）如图所示,长方体木块搁在光滑方形槽中,则长方体木块除重力外还受到弹力的个数是( )A．1个B．２个 C.3个Ｄ.4个考点:物体的弹性和弹力．专题:弹力的存在及方向的判定专题.分析：根据弹力条件：接触并发生弹性形变,进行受力分析．解答:解：长方体木块搁在光滑方形槽中,与槽接触的地方三处，并且都有相互作用,故长方体木块除重力外还受到弹力的个数是3个，故Ｃ正确．故选:C点评:此题考查弹力存在的条件，可以利用假设法和物体的状态判定．二、单项选择题Ⅱ(共24分,每小题3分.每小题只有一个正确选项．)９．（3分)(20１５•奉贤区一模）如图所示,一块橡皮用不可伸长的细线悬挂于O点,用铅笔靠着细线的左侧从O点开始水平向右匀速移动,运动中始终保持悬线竖直，则在铅笔向右匀速移动过程中，橡皮运动的速度( ）Ａ.大小和方向均不变B．大小不变,方向改变C.大小改变，方向不变Ｄ.大小和方向均改变考点:运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题.分析:橡皮参加了两个分运动，水平向右匀速移动,同时,竖直向上匀速运动，实际运动是这两个运动的合运动，根据平行四边形定则可以求出合速度．解答：解：橡皮在水平方向匀速运动，由于橡皮向右运动的位移一定等于橡皮向上的位移,故在竖直方向以相等的速度匀速运动，根据平行四边形定则，可知合速度也是一定的,故合运动是匀速直线运动；故选:Ａ.点评:本题关键是先确定水平方向和竖直方向的分运动,然后根据合运动与分运动的等效性,由平行四边形定则求出合速度.１0．（3分)(2015•奉贤区一模）如图所示，粗细均匀U形管中装有水银,左端封闭有一段空气柱,原来两管水银面相平，将开关K打开后，放掉些水银，再关闭Ｋ，重新平衡后若右端水银下降h，则左管水银面（)A．不下降Ｂ.下降h C．下降高度小于ｈ D.下降高度大于h考点：理想气体的状态方程.专题:理想气体状态方程专题．分析:对于左边的气体温度不变，体积变大,压强压减小，根据压强平衡来分析下降的高度大小．解答：解:原来左右两边的水银等高,说明左边的气体的压强和大气压相等,当放掉一部分水银之后，左边气体的体积变大,压强减小，右边压强为大气压强,右边的水银下降h,左边的必定要小于h，所以Ｃ正确.故选Ｃ．点评：根据两边的压强相等,分析封闭气体的压强变化即可，难度不大．11．(3分)（2015•奉贤区一模)如图，两根平行放置的长直导线a和ｂ通有大小分别为I和２Ｉ、方向相同的电流,导线b受到的磁场力大小为F,当加入一与导线所在平面垂直的匀强磁场后，导线b受到的磁场力为零，则此时a受到的磁场力大小为( ）A.B．Ｆ C.D．２F考点:平行通电直导线间的作用.分析：根据题意对导线进行受力分析，然后由安培力公式、力的合成方法分析即可求解.解答：解:物体间力的作用是相互的，物体间的相互作用力大小相等,方向相反,ｂ受到的磁场力为F,则a受到的磁场力也为F，如图１所示;当加入匀强磁场后，ｂ受到的磁场力为零，如图2所示，则F=F2,F2＝2ＢIL=Ｆ,F１＝ＢIL=F,则a受到的合力Ｆ合＝F+F1=F+F＝F;故选:C．点评：对导线正确受力分析,熟练应用力的合成方法即可正确解题,注意牛顿第三定律的应用,同时当心电流的大小不一,但相互作用力大小相等.12.(３分)(２01５•奉贤区一模）如图所示，相同的乒乓球1、2恰好在等高处水平越过球网,不计乒乓球的旋转和空气阻力，乒乓球自最高点到落台的过程中，正确的是（)A．过网时球1的速度小于球2的速度B．球1的飞行时间大于球2的飞行时间C.球1的速度变化率小于球2的速度变化率D．落台时，球1的重力功率等于球2的重力功率考点:平抛运动.专题:平抛运动专题.分析:平抛运动在水平方向上做匀速直线运动,在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间,结合水平位移和时间比较过网时的速度．解答:解：A、球１和球2平抛运动的高度相同，则运动的时间相同，由于球1的水平位移较大，可知过网时球１的速度大于球2的速度，故A错误,B错误.C、因为平抛运动的加速度不变，都为ｇ,可知球1和球2的速度变化率相等，故Ｃ错误.Ｄ、落台时，由于时间相等，则竖直分速度相等,根据P＝mｇv y知，重力的瞬时功率相等,故Ｄ正确．故选:D．点评:解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住等时性，结合运动学公式灵活求解．13．（3分)（2015•奉贤区一模）如图所示,一物体以某一初速度ｖ0从固定的粗糙斜面底端上滑至最高点又返回底端的过程中，以沿斜面向上为正方向.若用h、x、v和E k分别表示物块距水平地面高度、位移、速度和动能,t表示运动时间.则可能正确的图象是（）Ａ． B. C.D．考点:动能定理的应用;牛顿第二定律.专题:动能定理的应用专题.分析：根据某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端，知上滑过程中，物块做匀加速直线运动，下滑时做匀加速直线运动；在粗糙斜面上运动，摩擦力做功,物体的机械能减少，故回到底端时速度小于出发时的速度；根据运动特征判断各图形．解答:解：Ａ、上滑时做匀减速运动,故ｈ曲线斜率先大后小,且平均速度大，运动时间短;下滑时做匀加速运动，故h曲线斜率先小后大，且平均速度小,运动时间长;故A正确．B、上滑时ｘ曲线斜率先大后小,下滑时x曲线斜率先小后大，故B错误．C、由于上滑时合外力为重力分力和摩擦力之和，加速度大小不变,沿斜面向下；下滑时合外力为重力分力和摩擦力之差,加速度大小不变,方向沿斜面向下；所以上滑时加速度大，所以速度曲线斜率大；下滑时加速度小，所以速度曲线效率小,且此过程中,摩擦力做功，使物块到达底端的速率变小，故C正确．D、根据动能定理得：,上滑时做匀减速运动，故E K曲线斜率先大后小;下滑时做匀加速运动，故E k曲线斜率先小后大，故D错误.故选：AC．点评:根据图示各物理量的曲线斜率代表的意义,结合实际运动分析即可．14.(3分）（２01５•奉贤区一模)如图所示，固定斜面ＡE分成等长四部分ＡB、BC、CD、DE，小物块与AB、ＣD间动摩擦因数均为μ1；与BC、DE间动摩擦因数均为μ２,且μ1＝２μ2.当小物块以速度ｖ0从A点沿斜面向上滑动时，刚好能到达E点．当小物块以速度从A点沿斜面向上滑动时,则能到达的最高点（)A．刚好为B点Ｂ.刚好为C点C．介于AＢ之间 D.介于BC之间考点:动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析:物块向上运动过程要克服重力与阻力做功,应用动能定理求出物块的位移,然后答题．解答：解：设斜面的倾角为θ，ＡB=ＢC=CD=DE=s,μ1=２μ2=２μ,则μ2＝μ,物块以速度v0上滑过程中，由动能定理得:﹣mg•４s•sinθ﹣μｍgｃｏｓθ•2s﹣２μ•mgｃｏsθ•2s=0﹣mv02，则：mv０2=4mgｓ•sinθ+６μｍgscosθ，初速度为时，m()２=×mｖ0２=mgs•siｎθ＋μmgsｃosθ<mgs•ｓinθ+2μmgsｃoｓθ,则滑块能达到的最大高点在Ｂ点以下，即介于AB之间某点；故选:C．点评:本题考查了判断滑块能到达的最高点，分析清楚滑块的运动过程，应用动能定理即可正确解题．１５．(３分）(2015•奉贤区一模)如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀减速下滑.若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则物块( )Ａ．可能匀速下滑 B.仍以加速度a匀减速下滑Ｃ．将以大于a的加速度匀减速下滑 D.将以小于a的加速度匀减速下滑考点：牛顿第二定律;共点力平衡的条件及其应用.专题:牛顿运动定律综合专题.分析：首先对物体不施加力F时受力分析，根据牛顿第二定律列出方程，然后再对物体施加力F时受力分析列出牛顿第二定律方程，比较可得出结论．解答：解:当没施加力F时,物体受力分析如图所示，应有：ＦＮ=ｍgcoｓθmgsiｎθ﹣μFＮ＝ma解得：施加力F后,应有:FＮ′=（mg+F)cosθ（mｇ＋F)sｉｎθ﹣μF N′=ｍa′解得：故物块将以大于ａ的加速度匀减速下滑，故ABD错误，C正确；故选:C.点评：解决动力学问题的关键是正确进行受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解即可. 16．(3分）(201５•奉贤区一模）如图所示，一个闭合三角形导线框ＡＢC位于竖直平面内，其下方（略靠前)固定一根与线框平面平行的水平直导线，导线中通以图示方向的恒定电流．释放线框,它由实线位置下落到虚线位置未发生转动,在此过程中( ）A．线框中感应电流方向依次为AＣBA→ABCＡB.线框的磁通量为零的时，感应电流却不为零C．线框所受安培力的合力方向依次为向上→向下→向上D.线框所受安培力的合力为零,做自由落体运动考点:楞次定律．分析:解答该题首先要分析导线周围的磁场的分布情况，在线框向下运动的过程中,分析通过线框的磁通量的变化情况,结合楞次定律,即可得知各选项的正误．解答:解：A、根据右手定则,通电直导线的磁场在上方向外,下方向里;离导线近的地方磁感应强度大,离导线远的地方磁感应强度小．线框从上向下靠近导线的过程，向外的磁感应强度增加,根据楞次定律，线框中产生顺时针方向的电流；穿越导线时,上方向外的磁场和下方向里的磁场叠加,先是向外的磁通量减小，之后变成向里的磁通量，并逐渐增大,直至最大;根据楞次定律,线框中产生逆时针方向的电流．向里的磁通量变成最大后,继续向下运动,向里的磁通量又逐渐减小，这时的电流新方向又变成了顺时针.所以线框中感应电流方向依次为:AＣBA→ABＣA→ＡCBＡ，故A错误;B:根据A中的分析，穿越导线时,上方向外的磁场和下方向里的磁场叠加,先是向外的磁通量减小，一直减小到0,之后变成向里的磁通量，并逐渐增加.所以这一过程中,线框中始终有感应电流存在，故B正确；CD:根据楞次定律,感应电流始终阻碍线框相对磁场的运动,故受安培力的方向始终向上,安培力的合力不为零;因受到向上的安培力，所以线框的运动不是自由落体运动，选项ＣD错误.故选：B点评:解答该题，首先要明确通电直导线周围的磁场的分布,分析线框下落过程中通过线框的磁通量的变化．同时要注意对楞次定律的理解和应用,楞次定律的内容是“感应电流具有这样的方向,即感应电流的磁场磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化”，可以从以下几个方面来理解：1、注意是“阻碍”，不是“阻止”，更不是“相反”,而是“延缓”的意思.2、从原磁通量的变化来看,应这样理解：当原磁通量增加时，感应电流的磁场与原来磁场的方向相反,当原磁场减小时，感应电流的磁场就与原来的磁场方向相反．即为“增反减同”．3、从磁体和导体的相对运动来理解:感应电流总是要阻碍导体和磁极间的相对运动，即为“来则阻,去则留”.４、从能量转化的角度来理解：产生感应电流的过程,是其它形式的能转化为电能的过程.在解答问题的过程中，要灵活的利用对楞次定律的各种理解,这样能做到事半功倍的效果.三、（1６分)多项选择题.(本大题共４小题,每小题4分.每小题给出的四个答案中,有两个或两个以上是正确的.每一小题全选对得4分；选对但不全,得2分；有选错或不答的,得0分．) 17.(4分)（201５•奉贤区一模）一列横波在x轴上沿x轴正方向传播,振幅为A,在ｔ与ｔ+0．4s两时刻在x轴上﹣3ｍ到3m的区间内的波形图如图同一条图线所示,则正确的是( )Ａ.质点振动的最大周期为0．４sB.该波的最大波速为10 m/sC．从t时开始计时,x=2 m处的质点比x=２.5 m处的质点先回到平衡位置D.在t+0.2 s时，x＝﹣2 m处的质点位移一定为A考点：波长、频率和波速的关系;横波的图象．分析:根据波形图的周期性,重复性,可列出在０.４秒内的经过N个周期，从而得出波速的通项式，并由此确定周期的最大值和波速的最小值．根据时间与周期的关系分析质点的位移.由波的传播方向来确定质点的振动方向,判断回到平衡位置的先后．解答：解：A、B、由题意可知，ｔ＝０时刻与t=0.4ｓ时刻在x轴上﹣3m至﹣3m区间内的波形图如图中同一条图线所示,则有0.４s＝NT(N＝1,2，3…）,所以当N=1时,周期最大，为T=0.4s,根据ｖ=,当N＝１时，波速最小为lOm／s，故A正确，B错误；C、横波沿ｘ轴正方向传播，t=0时刻,x＝2ｍ处的质点向下运动,x=２.5m处的质点先向上运动再回到平衡位置,所以从t=０开始计时,x=2 m处的质点比ｘ=2.5ｍ处的质点先回到平衡位置，C正确;Ｄ、在t+0．2 ｓ时,x=﹣2 m处的质点位移为零．D错误；故选:AＣ.点评:此题关键要理解波的传播周期性与重复性,列出周期的通项，掌握波速、频率与波长的关系，理解质点的振动方向与波的传播方向.18．(4分）(2０１５•奉贤区一模)如图,电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r.闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动,理想电压表Ｖ1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2、△U3，理想电流表示数变化量的绝对值为△I,则（)A．△U2=△U1+△Ｕ３B．=Ｒ＋ｒC.电源输出功率先增大后减小D.和保持不变考点：闭合电路的欧姆定律.专题:恒定电流专题．分析:理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路.分析电路的连接关系,根据欧姆定律分析．解答：解:A、Ｖ2测量路端电压,V1测量R的电压，Ｖ３测量滑动变阻器的电压，根据闭合电路欧姆定律得:△U２=△Ｕ1＋△Ｕ3+△Ｕr，故A错误;Ｂ、根据闭合电路欧姆定律得：Ｕ３＝Ｅ﹣I(ｒ＋Ｒ），则得:．故B正确.C、当外电路电阻等于内阻时,电源输出功率最大,而电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r,所以将滑动变阻器滑片向下滑动,功率变大，故C错误；Ｄ、根据欧姆定律得:=R，不变,根据闭合电路欧姆定律得：：U2=Ｅ﹣Iｒ，则得：=ｒ,不变,故D正确;故选：BD．点评:本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构,明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析．1９．(4分）（２０15•奉贤区一模）一带负电的粒子只在电场力作用下沿ｘ轴正向运动,其电势能E P随位移ｘ变化的关系如图所示，其中0～ｘ２段是对称的曲线，x2~ｘ3是直线段，则正确的是( ）A．ｘ1处电场强度为零B．x２~x3段是匀强电场C.ｘ1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2>φ3Ｄ.粒子在0～x2段做匀变速运动，x２～x3段做匀速直线运动考点:电势；电场线.分析：根据电势能与电势的关系:Eｐ＝qφ,结合分析图象斜率与场强的关系，即可求得ｘ1处的电场强度；根据能量守恒判断速度的变化；由E p=qφ，分析电势的高低.由牛顿第二定律判断加速度的变化，即可分析粒子的运动性质．根据斜率读出场强的变化.解答:解：A、根据电势能与电势的关系:Ｅp=qφ,场强与电势的关系：E=，得:E=由数学知识可知Ｅp﹣x图象切线的斜率等于,ｘ1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A正确．B、由图看出在0~ｘ1段图象切线的斜率不断减小，由上式知场强减小,粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动．x１~x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动.x2～x3段斜率不变,场强不变,即电场强度大小和方向均不变,是匀强电场，粒子所受的电场力不变,做匀变速直线运动，故D错误,B正确.C、根据电势能与电势的关系:E p=qφ,因粒子带负电，ｑ＜０,则知电势能越大，粒子所在处的电势越低,所以有:φ１＞φ2＞φ3.故C正确．故选:ABC点评：本题以图象的形式考查静电场的场强、电势、电势能等相关知识;解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化,再根据力学基本规律:牛顿第二定律进行分析电荷的运动情况.20.（4分）(201５•奉贤区一模）如图所示，一质量为m的小球套在光滑竖直杆上，轻质弹簧一端固定于O点，另一端与该小球相连.现将小球从A点由静止释放，沿竖直杆运动到B点，已知OＡ长度小于OB长度，弹簧处于ＯA、ＯＢ两位置时弹力大小相等．弹簧的形变量相同时弹性势能相同.则小球在此过程中（）Ａ.加速度等于重力加速度g的位置有两个B.弹簧弹力的功率为零的位置有两个Ｃ．弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功D．弹簧弹力做正功过程中小球运动的距离等于小球弹簧弹力做负功过程中小球运动的距离考点:动能定理的应用；牛顿第二定律.专题:动能定理的应用专题.分析：弹力为0时或弹力方向与杆垂直时物体加速度为g，且弹力功率为0.因A,B弹力大小相等则弹性势能相等.据此分析各选项．解答:解:A、在运动过程中A点为压缩状态,B点为伸长状态,则由Ａ到B有一状态弹力为0且此时弹力与杆不垂直，加速度为g;当弹簧与杆垂直时小球加速度为g．则两处加速度为ｇ.故A正确B、A处速度为零，弹力功率为零;下滑过程弹簧弹力与杆子垂直，弹力功率为零；当原长时弹力为零，功率为零,故弹力功率为0共有３处,故Ｂ错误Ｃ、因A点与Ｂ点弹簧的弹性势能相同，则弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功．故C正确。
上海市奉贤区2021届新高考五诊物理试题含解析
上海市奉贤区2021届新高考五诊物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．a 、b 是两种单色光，其频率分别为v a 、v b ，且ba v k v =，则下列说法不正确的是（ ） A ．a 、b 光子动量之比为a bp k p = B ．若a 、b 光射到同一干涉装置上，则相邻条纹的间距之比为a bx k x ∆=∆ C ．若a 、b 都能使某种金属发生光电效应，则光子的最大初动能之差()ka kb b 1E E hv k -=- D ．若a 、b 是处于同一激发态的原子跃迁到A 态和B 态产生的，则A 、B 两态的能级之差()A B b 1E E hv k -=-【答案】B【解析】【分析】【详解】A ．光子的能量E h ν=，所以两种光子能量分别为a E 和b E ，且a bE k E = 则：a bk νν= 光子的动量为h νp c=，所以 a bp k p = A 正确；B ．光子的波长cλν=，双缝干涉装置上相邻亮条纹的间距为L x dλ∆=，所以 a a b b b a 1x x kλνλν∆===∆ B 错误；C ．根据光电效应方程可知，光电子的最大初动能为km E h W ν=-，其中W 为金属的逸出功；则有()a b b 1ka kb E E h h h k ννν-=-=-C 正确；D ．若a 、b 是由处于同一激发态的原子跃迁到A 态和B 态时产生的，设初始激发态的能量为E 0，则有 a a 0A E h E E ν==-所以A 00a a E E E E h ν==--同理B 0b 0b E E E E h ν==--则()A B b a b 1E E h h hv k νν-=-=-D 正确。
本题选不正确的，故选B 。
2．如图所示，一个有矩形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向内．一个三角形闭合导线框，由位置1（左）沿纸面匀速运动到位置2（右）．取线框刚到达磁场边界的时刻为计时起点（t=0），规定逆时针方向为电流的正方向，则图中能正确反映线框中电流号时间关系的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】A【解析】【分析】先由楞次定律依据磁通量的变化可以判定感应电流的方向，再由感应电动势公式E BLv =和欧姆定律，分段分析感应电流的大小，即可选择图象．【详解】线框进入磁场的过程，磁通量向里增加，根据楞次定律得知感应电流的磁场向外，由安培定则可知感应电流方向为逆时针，电流i 应为正方向，故BC 错误；线框进入磁场的过程，线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由E=BLv ，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小；线框完全进入磁场的过程，磁通量不变，没有感应电流产生．线框穿出磁场的过程，磁通量向里减小，根据楞次定律得知感应电流的磁场向里，由安培定则可知感应电流方向为顺时针，电流i 应为负方向；线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由E BLv=，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小，故A正确，D错误．3．如图所示，斜面固定，平行于斜面处于压缩状态的轻弹簧一端连接物块A，另一端固定，最初A静止．在A上施加与斜面成30°角的恒力F，A仍静止，下列说法正确的是（）A．A对斜面的压力一定变小B．A对斜面的压力可能不变C．A对斜面的摩擦力一定变大D．A对斜面的摩擦力可能变为零【答案】D【解析】【分析】【详解】设斜面倾角为θ，对物体进行受力分析，沿下面方向，最初支持力等于mgcosθ，施加恒力F后，支持力等于mgcosθ+Fsin30°，支持力一定增大．根据牛顿第三定律，A对斜面的压力一定变大，故A错误，B 错误；平行于斜面处于压缩状态的轻弹簧，，最初摩擦力向可能向上，可能向下，也可能为0，施加恒力F 后，F沿斜面向上的分力为Fcos30°，由于F大小未知，摩擦力可能仍向上，也可能等于0；可能沿斜面向下，摩擦力的大小可能增大，也可能减小，故C错误，D正确．故选：D4．一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴线匀速转动时产生正弦式交变电流，其电动势的变化规律如图甲中的线a所示，用此线圈给图乙中电路供电，发现三个完全相同的灯泡亮度均相同。
上海市奉贤区2021届新高考物理五模试卷含解析
上海市奉贤区2021届新高考物理五模试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．太阳系中各行星绕太阳运动的轨道在同一面内。
在地球上观测金星与太阳的视角为θ（金星、太阳与观察者连线的夹角），长时间观察该视角并分析记录数据知，该视角的最小值为0，最大值为m θ。
若地球和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动，则金星与地球公转周期的比值为（ ）A ．()23m cos θB ．()3m 1sin θC ．()3m sin θ D ．()3m cos θ 【答案】C【解析】【详解】如图所示最大视角m θ时，观察者与金星的连线应与金星的轨道相切。
由几何关系得sin m r r θ=金地万有引力提供向心力有2224Mm G mr r Tπ= 解得33m 3(s )in T r T r θ==金金地地故C 正确，ABD 错误。
2．如图所示为某齿轮传动装置中的A 、B 、C 三个齿轮，三个齿轮的齿数分别为 32、12、20，当齿轮绕各自的轴匀速转动时，A 、B 、C 三个齿轮转动的角速度之比为A ．8:3:5B ．5:3:8C ．15:40:24D ．24:40:15【答案】C【解析】【详解】 三个齿轮同缘转动，所以三个齿轮边缘的线速度相等，即为：v A =v B =v C三个齿轮的齿数分别为32、12、20，根据 v r ω= 得A 、B 、C 三个齿轮转动的角速度之比为111::15:40:24321220= A. 8:3:5与计算结果不符，故A 错误。
B. 5:3:8与计算结果不符，故B 错误。
C. 15:40:24与计算结果相符，故C 正确。
D. 24:40:15与计算结果不符，故D 错误。
3．可调式理想变压器示意图如图所示，原线圈的输入电压为U 1，副线圈输出电压为U 2，R 为电阻。
将原线圈输入端滑动触头P 向下移动时。
下列结论中正确的是（ ）A ．输出电压U 2增大B ．流过R 的电流减小C ．原线圈输入电流减小D ．原线圈输入功率不变【答案】A【解析】【详解】 P 向下移动时，原线圈的匝数减小，根据2211n U U n =，可知副线圈电压增大，则副线圈电流增大，流过R 的电流增大，输出功率增大，则输入功率也增大，原线圈电压不变，则原线圈输入电流增大，故A 正确、BCD 错误。
上海市奉贤区2021年高三第一学期期末(一模)学科质量检测物理试卷(解析版)
奉贤区2020–2021学年等级考第一次模拟考试试卷物理答案解析版一、选择题（共40 分。
第1-8 小题，每小题3 分，第9-12 小题，每小题4 分。
每小题只有一个正确答案。
）1. 在国际单位制中，下列属于电场强度的单位是（）A. N/mB. V/mC. J/mD. T/m【答案】B【解析】【详解】A．根据电场强度的定义式FEq=可知，电场强度的单位是N/C，故A错误；B．根据匀强电场中场强与电势差的关系UEd=可知，U的单位是伏特，d的单位是米，则E的单位是V/m，故B正确；C．由公式=W Fx可知，J/m为力的单位，故C错误；D．根据公式F=qE及F=qvB，E的单位与Bv的单位一样，故m/sT⋅也是电场强度的单位，故D错误。
故选B。
2. 某物体温度升高后，增大的是（）A. 分子平均动能B. 总分子势能C. 每一个分子的动能D. 每一个分子的势能【答案】A【解析】【分析】【详解】温度是分子平均动能的标志，物体温度升高分子的平均动能增加，则不是每一个分子的动能都增大；故选A。
【点睛】3. 一列沿+x轴方向传播的简谐横波在某时刻的波形图如图。
则此时x=2m处的质点速度方向（）A. 沿+x轴方向B. 沿-x轴方向C. 沿+y轴方向D. 沿-y轴方向【答案】C【解析】【详解】1．带动法：由机械波的产生可知，后一个质点的振动是由前一个质点的振动带动的，所以只要找到了前一个质点（靠近波源一方的质点）的位置，我们就可以判断后一个质点的振动方向。
x=2m处的质点的前一个质点在上方，所以x=2m处的质点的振动方向就向上；２．微平移法：作出经微小时间(时间要小于四分之一周期)后的波形，由波形就可以知道各质点经过这个时间到达的位置，已知波向右传播，所以x=2m处的质点的速度向上；3．上下坡法：把波形看成是山坡，上坡时质点的振动方向向下，下坡时质点的振动方向向上，已知波向右传播，故x=2m处的质点处于下坡，故速度方向向上；4．同侧法：波的传播方向与质点的振动方向必须在波形的同一侧，已知波向右传播，x=2m处的质点速度就必须向上；故ABD错误，C正确。
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上海市奉贤区2021届新高考第一次质量检测物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．在下列四个核反应方程中，x 1、x 2、x 3和x 4各代表某种粒子。
①23519513892038541U n Sr Xe 3x +→++②2311220H x He n +→+③23823492903U Th x →+④24427122134Mg He Al x +→+以下判断正确的是（ ）A ．x 1是质子B ．x 2是中子C ．x 3是α粒子D ．x 4是氘核 【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．根据质量数和电荷数守恒得x 1的电荷数为0，质量数为1，所以x 1是中子，故A 错误；B ．根据质量数和电荷数守恒得x 2的电荷数为1，质量数为2，所以x 2为氘核，故B 错误；C ．根据质量数和电荷数守恒得x 3的电荷数为2，质量数为4，所以x 3是α粒子，故C 正确；D ．根据质量数和电荷数守恒得x 4的电荷数为1，质量数为1，所以x 4是质子，故D 错误； 故选C 。
2．如图，长为L 、倾角30θ=o 的传送带始终以2.5m/s 的速率顺时针方向运行，小物块以4.5m/s 的速度从传送带底端A 沿传送带上滑，恰能到达传送带顶端B ，已知物块与斜面间的动摩擦因数为3，取210m/s g =，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，则下列图像中能正确反映物块在传送带上运动的速度v 随时间t 变化规律的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】B【解析】【分析】【详解】ABCD ．开始阶段，物块的速度比传送带的大，相对于传送带向上运动，受到的滑动摩擦力沿传送带向下，根据牛顿第二定律得1sin30cos30mg mg ma μ︒+︒=解得21 8.75m/s a =方向沿传送带向下，当物块与传送带共速时，因sin30cos30mg mg μ︒<︒所以物块与传送带不能保持相对静止，根据牛顿第二定律得2 sin30cos30mg mg ma μ︒-︒=解得22 1.25m/s a =方向沿传送带向下，所以物块继续做加速度较小的匀减速运动，直到速度为零，ACD 错误B 正确。
故选B 。
3．幼儿园小朋友搭积木时，将重为G 的玩具汽车静置在薄板上，薄板发生了明显弯曲，如图所示。
关于玩具汽车受到的作用力，不考虑摩擦力的影响，下列说法正确的是（ ）A ．玩具汽车每个车轮受到薄板的弹力大小均为4G B ．玩具汽车每个车轮受到薄板的弹力方向均为竖直向上C ．薄板弯曲程度越大，每个车轮受到的弹力越大D ．玩具汽车受到的合力大小为G【答案】C【解析】【分析】【详解】汽车静置在薄板上，所受合力为零，因为薄板发生了明显弯曲，每个轮子所受弹力大小相等都为F ，方向垂直薄板向上，设与水平方向的夹角为θ，由平衡条件可知4sin F G θ=解得4sin 4G G F θ=>当薄板弯曲程度越大，θ越小，sinθ越小，F越大，故ABD错误，C正确。
故选C。
4．带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点，如图所示，实线是电场线，关于粒子，下列说法正确的是A．在a点的加速度大于在b点的加速度B．在a点的电势能小于在b点的电势能C．在a点的速度小于在B点的速度D．电场中a点的电势一定比b点的电势高【答案】C【解析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知E A＜E B，所以a、b两点比较，粒子的加速度在b点时较大，故A错误；由粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受电场力的方向应该指向轨迹的内侧，根据电场力方向与速度方向的夹角得电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，整个过程电场力做正功，电势能减小，即在a点的电势能大于在b点的电势能，故B错误；整个过程电场力做正功，根据动能定理得经b点时的动能大于经a点时的动能，所以无论粒子带何种电，经b点时的速度总比经a 点时的速度大，故C正确；由于不知道粒子的电性，也不能确定电场线的方向，所以无法确定a点的电势和b点的电势大小关系，故D错误；故选C．5．下列说法正确的是（）A．β射线是高速电子流，它的穿透能力比α射线和γ射线都弱B．在核反应中，比结合能小的原子核变成比结合能大的原子核时，会释放核能C．根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，核外电子的动能减小D．当紫外线照射到金属锌板表面时能发生光电效应，则当改为红光照射时，也能发生光电效应，但从锌板表面逸出的光电子的最大初动能减小【答案】B【解析】【分析】【详解】A．β射线是高速电子流，它的穿透能力比α射线强，比γ射线弱，故A项错误；B ．原子核的结合能与核子数之比称做比结合能，比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定。
在核反应中，比结合能小的原子核变成比结合能大的原子核时，会释放核能，故B 项正确；C ．根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，电子跃迁到离核较近的轨道上运动，据222e v k m r r可得，核外电子的动能增加，故C 项错误；D ．当紫外线照射到金属锌板表面时能发生光电效应，当改为红光照射时，不能发生光电效应，因为红光的频率小于锌板的极限频率，故D 项错误。
故选B 。
6．如图所示，两个完全相同的矩形导线框A 、B 在靠得很近的竖直平面内，线框的长边均处于水平位置．线框A 固定且通有电流I ，线框B 从足够高处由静止释放，在运动到A 下方的过程中（ ）A ．穿过线框B 的磁通量先变小后变大B ．穿过线框B 的磁通量先变大后变小C ．线框B 所受安培力的合力为零D ．线框B 的机械能一直减小【答案】D【解析】【详解】AB.据安培定则知，线框A 内部磁场向里，外部磁场向外；线框B 从足够高处由静止释放，线框B 下降且未与线框A 相交前，线框B 中磁通量是向外的增大；当线框B 与线框A 相交至重合过程中，线框B 中磁通量先是向外的减小到0然后是向里的增大；当线框B 与线框A 重合至相离过程中，线框B 中磁通量先是向里的减小到0然后是向外的增大；当线框B 与线框A 相离且越来越远时，线框B 中磁通量是向外的减小；故AB 两项错误；C.因为线框B 与线框A 相对运动产生感应电流，据楞次定律知，线框B 所受安培力的合力竖直向上，故C 项错误；D. 线框B 下降过程中，安培力对其做负功，线框B 的机械能一直减小，故D 项正确。
二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．图示水平面上，O 点左侧光滑，右侧粗糙，质量分别为m 、2m 、3m 和4m 的4个滑块（视为指点），用轻质细杆相连，相邻滑块间的距离为L 。
滑块1恰好位于O 点，滑块2、3、4依次沿直线水平向左排开。
现对滑块1施加一水平恒力F ，在第2个滑块进入粗糙水平面后至第3个滑块进入粗糙水平面前，滑块做匀速直线运动。
已知滑块与粗糙水平面间的动摩擦因素均为μ，重力加速度为g ，则下列判断正确的是（ ）A ．水平恒力大小为3μmgB 3gL 5μC ．在第2个滑块进入粗糙水平面前，滑块的加速度大小为1g 5μ D ．在水平恒力F 的作用下，滑块可以全部进入粗糙水平面【答案】AC【解析】【详解】A ．在第2个滑块进入粗糙水平面后至第3个滑块进入粗糙水平面前，滑块做匀速直线运动，对整体分析则有：(2)0F m m g μ-+=解得：F=3μmg故A 正确；B ．根据动能定理有：21(234)2FL mgL m m m m v μ-=+++ 解得 25gL μ故B 错误；C ．由牛顿第二定律得(234)F mg m m m m a μ-=+++解得 a=1g 5μ 故C 正确；D ．水平恒力F 作用下，第三个物块进入粗糙地带时，整体将做减速运动，由动能定理得'2211(123)(234)(234)22FL mg L m m m m v m m m m v μ-++=+++-+++解得'25mgLv μ=-故滑块不能全部进入粗糙水平面，故D 错误。
故选AC 。
8．如图所示，光滑的水平杆上套有一质量为1kg 、可沿杆自由滑动的滑块，滑块下方通过一根长为1m 的轻绳悬挂需质量为0.99kg 的木块。
开始时滑块和木块均静止。
现有质量为10g 的子弹以500m/s 的水平出度击中木块并留在其中，子弹与木块间的作用时间极短，取g=10m/s 2。
下列说法正确的是（ ）A ．滑块的最大速度为5m/sB ．子弹和木块摆到最高点时速度为零C ．子弹和木块摆起的最大高度为0.625mD ．当子弹和木块摆起高度为0.4m 时，滑块的速度为1m/s【答案】AC【解析】【详解】A ．设子弹质量为m 0，木块质量为m 1，滑块质量为m 2，只要轻绳与杆之间的夹角为锐角，轻绳拉力对滑块做正功，滑块就会加速，所以当轻绳再次竖直时滑块速度最大，设此时滑块速度为v m ，子弹和木块速度为v'，系统在水平方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得00011012(())'m m v m m v m m v m v =+=++由机械能守恒定律2'22011012111()()222m m m v m m v m v +=++ 代入数据解得0m v =或5m/s m v =即滑块的最大速度为5m/s ，故A 正确；B ．设子弹质量为m 0，木块质量为m 1，滑块质量为m 2，由子弹、木块、滑块组成的系统在水平方向上动量守恒，故当子弹和木块摆到最高点时三者具有相同的速度，且速度方向水平，故B 错误；C ．当子弹和木块摆到最高点时三者具有相同的速度v ，在水平方向，由动量守恒定律得00011012(())m v m m v m m m v =+=++代入数据解得2.5m/s v =由子弹进入木块后系统机械能守恒可得220110120111()()()22m m v m m m v m m gh +=++++ 代入数据解得0.625m h =故C 正确；D ．当子弹和木块摆起高度为0.4m 时，系统在水平方向动量守恒，由动量守恒定律得000110123(())x m v m m v m m v m v =+=++代入数据解得4m/s x v =而此时木块和子弹竖直方向速度一定不为零，故由子弹进入木块后系统机械能守恒可得222011012301111()()()()222x y m m v m m v v m v m m gh +=+++++ 解得0.4m h <故D 错误。
故选AC 。
9．下列说法正确的是____________.A ．液体的沸点是液体的饱和蒸气压与外界压强相等时的温度B ．当液体与大气接触时，液体表面分子的势能比液体内部分子的势能要大C ．布朗运动虽不是分子运动，但它证明了组成固定颗粒的分子在做无规则运动D ．第二类永动机不能制成是因为它违反了能量守恒定律E.热力学第二定律告诉我们一切自发的过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行【答案】ABE【解析】【分析】【详解】液体的沸点是液体的饱和蒸气压与外界压强相等时的温度，A 正确；当液体与大气接触时，液体表面分子的距离大于液体内部分子之间的距离，分子势能比液体内部分子的势能要大，B 正确；布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，是由于其受到来自各个方向的分子撞击作用是不平衡导致的，其间接反映了周围的分子在做无规则运动，C 错误；第二类永动机指的是不消耗任何能量，吸收周围能量并输出，不能制成是因为违反了热力学第二定律，D 错误；热力学第二定律告诉我们一切自发的过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行，E 正确．10．如图所示，轻弹簧一端与不可伸长的轻绳OC 、DC 连接于C （两绳另一端均固定），弹簧另一端连接质量为m 的小球。