高三物理上学期周考试题(8.28)

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高三物理周测卷(带答案解析)

高三物理周测卷学校：__________ 班级：__________ 姓名：__________ 考号：__________一、选择题（本题共计 8 小题，每题 5 分，共计40分，）1. 某驾驶员使用定速巡航，在高速公路上以时速110公里行驶了200公里，其中“时速110公里”、“行驶200公里”分别是指（）A.速度、位移B.速度、路程C.速率、位移D.速率、路程2. 汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，发现前方有障碍物立即以大小为5m/s2的加速度刹车，则汽车刹车后第2s内的位移和刹车后5s内的位移为（）A.30m，40mB.30m，37.5mC.12.5m，37.5mD.12.5m，40m3. 一列复兴号动车进站时做匀减速直线运动，车头依次从站台上三个立柱A、B、C旁经过，其中相邻两立柱间距离为x0，对应时刻分别为t1、t2、t3．则下列说法正确的是（）A.车头经过立柱B的速度为2x0t3−t1B.车头经过立柱A、B的平均速度等于x0t2−t1C.三时刻的关系为：(t3−t2):(t2−t1)=1:(√2−1)D.车头经过立柱A、B、C三立柱时的速度v A、v B、v C的大小关系为：2v B=v A+v C4. 质量为m＝60kg的同学，双手抓住单杠做引体向上，他的重心的运动速率随时间变化的图像如图2所示．取g＝10m/s2，由图像可知（）A.t＝0.5s时他的加速度为3m/s2B.t＝0.4s时他处于超重状态C.t＝1.1s时他受到单杠的作用力的大小是620ND.t＝1.5s时他处于超重状态5. 如图所示，在水平圆盘上沿半径方向放置用细线相连的质量均为m的A、B两个物块（可视为质点）．A和B距轴心O的距离分别为r A=R，r B=2R，且A、B与转盘之间的最大静摩擦力都是f m，两物块A和B随着圆盘转动时，始终与圆盘保持相对静止．则在圆盘转动的角速度从0缓慢增大的过程中，下列说法正确的是（）A.B所受合外力一直等于A所受合外力B.A受到的摩擦力一直指向圆心C.B受到的摩擦力先增大后减小D.A、B两物块与圆盘保持相对静止的最大角速度ωm=√2f mmR6. 2020年12月3日23时10分，嫦娥五号上升器携带1731g月球样品从月面起飞，开启中国首次地外天体采样返回之旅．其返回地球的飞行轨迹可以简化为如图所示：首先进入地月转移轨道，从Q点进入绕地球椭圆轨道Ⅰ，到达近地点P后进入近地圆轨道Ⅱ，再进行适当操作坠入大气层到达地表．已知椭圆轨道Ⅰ的半长轴为a、近地圆轨道Ⅱ的半径为r，嫦娥五号在轨道Ⅰ、Ⅱ正常运行的周期为T1、T2，地球半径为R，地球表面重力加速度为g，忽略地球自转及其他星球引力的影响．下列说法正确的是（）A.a3 T12>r3T22B.嫦娥五号在轨道Ⅱ正常运行的速度大于√gRC.嫦娥五号在轨道Ⅰ上P点的加速度大小等于轨道Ⅱ上P点的加速度D.嫦娥五号沿轨道Ⅰ从Q点向P点飞行过程中，动能逐渐减小7. 在研究微型电动机的性能时，用如图所示的实验电路．调节滑动变阻器R使电动机停止转动，此时电流表和电压表的示数分别为0.5A和3.0V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和36.0V，则这台电动机正常运转时的输出功率为（）A.72WB.64WC.56WD.48W8. 空间某区域内存在电场，电场线在竖直平面内的分布如图所示．一个质量为m、电量为q的小球在该电场中运动，小球经过A点时的速度大小为v1，方向水平向右，运动至B点的速度大小为v2，运动方向与水平方向质检的夹角为α，若A、B两点之间的高度差为ℎ，水平距离为s，则以下判断中正确的是（）A.A、B两点的电场强度和电势大小关系为E A<E B、φA<φBB.若v2>v1，则电场力一定做正功C.若小球带正电，则A、B两点间的电势差为m2q(v22−v12−2gℎ)D.小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为12mv22−12mv12二、多选题（本题共计 4 小题，每题 3 分，共计12分，）9. 在平直公路上有甲、乙两辆汽车同时从同一位置沿着同一方向做匀加速直线运动，它们速度的平方随位移变化的图像如图所示，则（）A.甲车加速度的大小比乙车加速度的大小大B.在x=0.5m处甲乙两车的速度相等C.在x=0.5m处甲乙两车相遇D.在x=1.0m处甲乙两车相遇10. 下列说法中正确的有（）A.已知水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏加德罗常数B.布朗运动说明分子在永不停息地做无规则运动C.两个分子间由很远(r>10−9m)距离减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大D.露珠呈球状是由于液体表面张力的作用11. 氢原子的能级如图所示，已知可见光的光子能量范围约为1.64eV∼3.19eV．下列说法正确的是（）A.处于n =3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并发生电离B.大量处于n =2能级的氢原子可以吸收能量为2.55eV 的可见光光子，跃迁到第4能级C.动能为10.4eV 的电子射向大量处于基态的氢原子，氢原子不会发生跃迁D.动能大于等于13.6eV 的电子可以使基态的氢原子发生电离12. 如图所示，一水平方向的匀强磁场，磁场区域的高度为ℎ，磁感应强度为B ，质量为m 、电阻为R 、粗细均匀的矩形线圈，ab =L ，bc =ℎ，该线圈从cd 边离磁场上边界高度H =(mgR)22gB 4L 4处自由落下，不计空气阻力，重力加速度为g ，设cd 边始终保持水平，则（）A. cd 边刚进入磁场时速度大小v =mgR2B 2L 2 B.cd 边刚进入磁场时其两端电压U cd =mgR 2B(L+ℎ)C.线圈穿过磁场的时间t =2ℎ(BL)2mgRD.线圈穿过磁场过程中，回路中产生的热量Q =2mgℎ三、解答题（本题共计 3 小题，每题 10 分，共计30分，）13. 短跑运动员完成100m 赛跑的过程可简化为匀加速运动和匀速运动两个阶段．一次比赛中，某运动员用11s 跑完全程，已知运动员在加速阶段的第2s 内通过的距离为7.5m ，求：（1）该运动员的加速度．（2）在加速阶段通过的距离．14. 一端封闭、一端开口的长度L =90cm 的玻璃管，用长ℎ=30cm 的水银柱封闭一段理想气体，当玻璃管水平放置稳定时（如图甲所示），气体的长度L 1=50cm ，已知大气压强p0=75cmHg，封闭气体的温度T1=300K．（1）保持玻璃管水平，使气体的温度缓慢升高到T2时，水银恰好不溢出，求T2；（2）若保持气体的温度T2不变，再将玻璃管以封闭端为轴缓慢逆时针转过30∘（如图乙所示），则稳定后密闭气柱的长度为多少？15. 如图所示，直角坐标系中的第Ⅰ象限中存在沿y轴负方向的匀强电场，在第Ⅱ象限中存在垂直纸面向外的匀强磁场，一电量为q、质量为m的带正电的粒子，在−x轴上的点a以速率v0，方向和−x轴方向成60∘射入磁场，然后经过y轴上的b点垂直于y轴方向进入电场，并经过x轴上x=2L处的c点时速度大小为√2v0．不计粒子重力．求（1）磁感应强度B的大小．（2）电场强度E的大小．四、实验探究题（本题共计 1 小题，共计18分，）16.(18分) 小戴同学利用如图甲所示的装置做“探究加速度和力的关系”实验，跨过光滑定滑轮用细线将铝块和桶连接，桶内可装沙，由静止释放沙桶，铅块将向上做加速运动．实验前先测出铝块与空桶的总质量为M，通过在空桶中添加沙来改变铝块的运动情况．测出每次桶内沙的质量为m，由纸带上打出的点可算出对应的加速度大小a，已知电源频率为50Hz．（1）在某次实验中，小戴获得了一条纸带，并在纸带上便于测量的地方选取了一段进行分析，如图乙所示，图中每2个计数点间还有4个点未标出，计数点间的距离如图乙所示，则铝块运动的加速度为________m/s2（计算结果保留三位有效数字）．图像如图丙所示，测得该直（2）小戴经过多次实验后，由多组实验数据画出a−1M+m线斜率的绝对值为k，纵截距为b，则当地重力加速度为________，铝块质量为________．（均用k，b表示）（3）若考虑纸带所受摩擦力对实验的影响，则（2）中求得的铝块质量与真实值相比________（填“偏大”“偏小”或“不变”）．参考答案与试题解析高三物理周测卷1一、选择题（本题共计 8 小题，每题 5 分，共计40分） 1. 【答案】 D【解析】此题暂无解析【解答】解：“行驶200公里”指的是经过的路程的大小，“时速为110公里”是某一个时刻的速度，是瞬时速度的大小，故D 正确，ABC 错误．故选D ． 2.【答案】 D【解析】汽车做匀减速直线运动，先应用速度公式求出汽车的减速时间，然后应用位移公式求出汽车的位移，然后答题．【解答】解：汽车减速到0需要的时间为：t =v 0a=205s =4s ，刹车后2s 内的位移为：x 2=v 0t 2+12at 22=30m ，刹车后1s 内的位移为：x 1=v 0t 1+12at 12=17.5m ，刹车后第2s 内的位移为：Δx =x 2−x 1=12.5m ，汽车运动4s 就停止运动，则刹车后5s 内的位移为：x =v 022a =2022×5m =40m ，故选：D ． 3. 【答案】 B【解析】【解答】解：AD ．车头经过站台上立柱AC 段的平均速度v AC ¯=x AC t AC=2x 0t3−t 1，由题可知，B 点是AC 段的位置中点，所以B 点的瞬时速度应该大于AC 段的平均速度，2v B >v A +v C ，故AD 错误；B ．车头经过立柱A 、B 的平均速度为v AB ¯=x AB t AB=x 0t2−t 1，故B 正确；C ．根据比例法可知，当C 点速度为零时， (t 3−t 2): (t 2−t 1)=1: (√2−1)，而题中未说明C 点的速度为0，故C 错误．故选B ．【答案】B【解析】速度时间图像的斜率表示加速度，根据图像求出t＝0.4s和t＝1.1s时的加速度，再根据牛顿第二定律求出单杠对该同学的作用力。

高三物理上学期周测试题(含解析)

咐呼州鸣咏市呢岸学校高三〔上〕周测物理试卷〔12〕一、选择题〔每空6分，共48分〕1．如下图的装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏静电计相连，极板B接地．假设极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是〔〕A．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大B．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小C．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大2．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如下图．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，那么电场力对试探电荷q所做的功于〔〕A．B．C．D．3．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正检验电荷固在P点，如下图，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势，W表示正电荷在P点的电势能，假设正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离l0的过程中各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的选项是〔〕A．B．C．D．4．电容式传感器是用来将各种非电信号转变为电信号的装置．由于电容器的电容C取决于极板正对面积S、极板间距离d以及极板间的电介质这几个因素，当某一物理量发生变化时就能引起上述某个因素的变化，从而又可推出另一个物理量的值的变化，如下图是四种电容式传感器的示意图，关于这四个传感器的作用以下说法不正确的选项是〔〕A．如图的传感器可以用来测量角度B．如图的传感器可以用来测量液面的高度C．如图的传感器可以用来测量压力D．如图的传感器可以用来测量速度5．一束正离子以相同的速率从同一位置、垂直于电场方向飞入匀强电场中，所有离子的轨迹都是一样的，这说明所有粒子〔〕A．都具有相同的质量B．都具有相同的电荷量C．电荷量与质量的比〔又叫比荷〕相同D．都属于同一元素的同位素6．原来都是静止的质子和α粒子，经过同一电压的加速电场后，它们的速度大小之比为〔〕A．：2 B．1：2 C．：1 D．1：17．如下图，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，假设加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板长为L，极板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，那么关于示波器的灵敏度〔即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量〕与加速电场、偏转电场的关系，以下说法中正确的选项是〔〕A．L越大，灵敏度越高B．d越大，灵敏度越高C．U1越大，灵敏度越高D．U2越大，灵敏度越高8．如下图是水平旋转的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．假设下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，那么带电小球〔〕A．将打在下板B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．假设上板不动，将下板上移一段距离，小球一打不到下板的二、多项选择〔每空6分，共12分〕9．如图〔a〕所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图〔b〕所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固在两板的间P处．假设在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上．那么t0可能属于的时间段是〔〕A．0＜t0＜B．＜t0＜ C．＜t0＜T D．T＜t0＜10．如下图，两平行金属板水平放置并接到电源上，一个带电微粒P位于两板间恰好平衡，现用外力将P 固住，然后使两板各绕其中点转过α角，如图虚线所示，再撤去外力，那么带电微粒P在两板间〔〕A．保持静止B．向左做直线运动C．电势能不变 D．电势能将变少三、计算题〔每空20分，共40分〕11．〔20分〕如下图，水平放置的A、B两平行板相距h，有一个质量为m，带电量为+q的小球在B板之下H处以初速度v0竖直向上进入两板间，欲使小球恰好打到A板，试讨论A、B板间的电势差是多大？12．〔20分〕〔2021秋•校级月考〕如下图，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：〔1〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？〔2〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？高三〔上〕周测物理试卷〔12〕参考答案与试题解析一、选择题〔每空6分，共48分〕1．如下图的装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏静电计相连，极板B接地．假设极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是〔〕A．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大B．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小C．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】电容器的电荷量几乎不变．将极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，电容减小，由公式C=分析板间电压变化．【解答】解：由图分析可知电容器极板上的电荷量几乎不变，将极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据公式C=，电容减小，由公式C=可判断出电容器极板间电压变大，静电计张角增大，故D 正确，ABC错误．应选：D．【点评】此题要抓住电荷量不变的条件，根据电容的义式C=分析电容如何变化．2．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如下图．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，那么电场力对试探电荷q所做的功于〔〕A．B．C．D．【考点】电势能；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由平行板电容器的电容C和带电量Q，由电容的义式求出板间电压．由E=求出板间场强．根据功的计算公式求解电场力对试探电荷q所做的功．【解答】解：由电容的义式C=得板间电压U=，板间场强E==．试探电荷q由A点移动到B点，电场力做功W=qEssin30°=应选C【点评】此题只要抓住电场力具有力的一般性质，根据功的一般计算公式就可以很好地理解电场力做功，并能正确计算功的大小．3．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正检验电荷固在P点，如下图，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势，W表示正电荷在P点的电势能，假设正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离l0的过程中各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的选项是〔〕A．B．C．D．【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】由题意可知电量不变，由平行板电容器的决式可知电容的变化；由义式可得出两端电势差的变化；再由U=Ed可知E的变化，进而判断势能的变化．【解答】解：A、当负极板右移时，d减小，由C=可知，C与x图象不能为一次函数图象！故A错误；B、由U=可知，U=Q，那么E==，故E与d无关，故B错误；C、因负极板接地，设P点原来距负极板为l，那么P点的电势φ=E〔l﹣l0〕；故C正确；D、电势能E=φq=Eq〔l﹣l0〕，不可能为水平线，故D错误；应选：C．【点评】此题考查电容器的动态分析，由于结合了图象内容，对学生的要求更高了一步，要求能根据公式得出正确的表达式，再由数学规律进行分析求解．4．电容式传感器是用来将各种非电信号转变为电信号的装置．由于电容器的电容C取决于极板正对面积S、极板间距离d以及极板间的电介质这几个因素，当某一物理量发生变化时就能引起上述某个因素的变化，从而又可推出另一个物理量的值的变化，如下图是四种电容式传感器的示意图，关于这四个传感器的作用以下说法不正确的选项是〔〕A．如图的传感器可以用来测量角度B．如图的传感器可以用来测量液面的高度C．如图的传感器可以用来测量压力D．如图的传感器可以用来测量速度【考点】传感器在生产、生活中的用．【分析】电容器的决式C=，当电容器两极间正对面积变化时会引起电容的变化，其他条件不变的情况下成正比【解答】解：A、图示电容器为可变电容器，通过转动动片改变正对面积，改变电容，可以用来测量角度，故A正确B、图示电容器的一个极板时金属芯线，另一个极板是导电液，故是通过改变电容器两极间正对面积而引起电容变化的，可以用来测量液面的高度，故B正确；C、是通过改变极板间的距离，改变电容器的，可以用来测量压力，故C正确D、可变电容器，通过改变电介质，改变电容，可以用来测量位移，故D错误；此题选错误的；应选：D．【点评】此题考查了影响电容器电容的因素，如何改变电容器的容，电容传感器的特点．并明确电容器作为传感器在生产生活中的用．5．一束正离子以相同的速率从同一位置、垂直于电场方向飞入匀强电场中，所有离子的轨迹都是一样的，这说明所有粒子〔〕A．都具有相同的质量B．都具有相同的电荷量C．电荷量与质量的比〔又叫比荷〕相同D．都属于同一元素的同位素【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】正离子垂直于电场方向飞入匀强电场中做类平抛运动．根据运动学公式可列出y=，而牛顿第二律a=，及运动时间t=，从而得出偏转距离与质量、电量及速率的关系．【解答】解：正离子进入匀强电场后，做类平抛运动，将运动分解，那么偏转距离为y=牛顿第二律得a=垂直于电场方向正离子做匀速直线运动，那么运动时间为 t=联立得：y=由于初速率v0、电压U、极板长度L、极板间距d均相同，离子的轨迹一样时偏转距离相，那么离子的比荷相同，但它们的质量不一相同，电量也不一相同，不一都属于同一元素的同位素，故C正确，ABD错误；应选：C【点评】此题考查粒子在电场中做类平抛运动，理解由运动轨迹来确偏转距离的关系，掌握牛顿第二律与运动学公式的用，并知道粒子的比荷的含义．6．原来都是静止的质子和α粒子，经过同一电压的加速电场后，它们的速度大小之比为〔〕A．：2 B．1：2 C．：1 D．1：1【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】根据动能理列式得到加速获得的速度表达式，结合质子和α粒子的比荷求解速度之比．【解答】解：设任一带电粒子的质量为m，电量为q，加速电场的电压为U，根据动能理得：qU=得速度大小：v=，即得速度大小与比荷的平方根成正比．质子和α粒子比荷之比为：=：=2：1所以解得速度之比 v H：vα=：1．应选：C．【点评】此题带电粒子在电场中加速问题，根据动能理求速度是常用方法．此题还要对质子与α粒子的质量数与电荷数要区分清楚．7．如下图，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，假设加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板长为L，极板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，那么关于示波器的灵敏度〔即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量〕与加速电场、偏转电场的关系，以下说法中正确的选项是〔〕A．L越大，灵敏度越高B．d越大，灵敏度越高C．U1越大，灵敏度越高D．U2越大，灵敏度越高【考点】示波管及其使用．【分析】根据带电粒子在加速电场中加速，在偏转电场中做类平抛运动，结合动能理、牛顿第二律和运动学公式求出偏转量，从而得出灵敏度的大小．【解答】解：根据动能理得，eU1=mv2；粒子在偏转电场中运动的时间t=，在偏转电场中的偏转位移h=at2=•=那么灵敏度=．知L越大，灵敏度越大；d越大，灵敏度越小；U1越小，灵敏度越大．灵敏度与U2无关．故A正确，CBD错误．应选：A．【点评】此题考查了带电粒子在电场中的加速和偏转，综合考查了动能理、牛顿第二律、运动学公式，难度中8．如下图是水平旋转的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．假设下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，那么带电小球〔〕A．将打在下板B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．假设上板不动，将下板上移一段距离，小球一打不到下板的【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】将电容器上板向下移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，根据电容器的义式导出电场强度的变化，判断粒子的运动情况．【解答】解：A、B、C、将电容器上板上移一小段距离，电容器所带的电量Q不变，由E=、C=、C=得，E==．由题意可知，电容器带电量Q不变，极板的正对面积S不变，相对介电常量ɛ不变，由公式可知当d增大时，场强E不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，故AC错误，B正确．D、假设上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变，粒子轨迹不变，小球可能打在下板的，故D错误．应选：B【点评】此题要注意当电容器与电源断开时，电容器所带的电量是值不变，仅仅改变板间距离时，板间场强是不变的，这个推论要熟悉．二、多项选择〔每空6分，共12分〕9．如图〔a〕所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图〔b〕所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固在两板的间P处．假设在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上．那么t0可能属于的时间段是〔〕A．0＜t0＜B．＜t0＜ C．＜t0＜T D．T＜t0＜【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】计算题；压轴题；高考物理专题．【分析】解决此题首先要注意A、B两板电势的上下及带正电粒子运动的方向，再利用运动的对称性，粒子加速与减速交替进行运动，同时注意粒子向左、右运动位移的大小，即可判断各选项的对错．【解答】解：A、假设，带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B板上，所以A错误．B、假设，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离大于向右运动的距离，最终打在A板上，所以B正确．C、假设，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离小于向右运动的距离，最终打在B板上，所以C错误．D、假设，带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B板上，所以D错误．应选B．【点评】〔2021．〕带电粒子在电场中的运动，实质是力学问题，题目类型依然是运动电荷的平衡、直线、曲线或往复振动问题．解题思路一般地说仍然可遵循力的根本解题思路：牛顿运动律和直线运动的规律的结合、动能理或功能关系带电粒子在交变电场中运动的情况比拟复杂，由于不同时段受力情况不同、运动情况也就不同，假设按常规的分析方法，一般都较繁琐，较好的分析方法就是利用带电粒子的速度图象或位移图象来分析．在画速度图象时，要注意以下几点：1．带电粒子进入电场的时刻；2．速度图象的斜率表示加速度，因此加速度相同的运动一是平行的直线；3．图线与坐标轴的围成的面积表示位移，且在横轴上方所围成的面积为正，在横轴下方所围成的面积为负；4．注意对称和周期性变化关系的用；5．图线与横轴有交点，表示此时速度反向，对运动很复杂、不容易画出速度图象的问题，还逐段分析求解．10．如下图，两平行金属板水平放置并接到电源上，一个带电微粒P位于两板间恰好平衡，现用外力将P 固住，然后使两板各绕其中点转过α角，如图虚线所示，再撤去外力，那么带电微粒P在两板间〔〕A．保持静止B．向左做直线运动C．电势能不变 D．电势能将变少【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】带电微粒P在水平放置的A、B金属板间的电场内处于静止状态，说明处于平衡状态，竖直向上的电场力大小于重力的大小，当两平行金属板A、B分别以O、0′中心为轴在竖直平面内转过相同的较小角度α，然后释放P，此时P受到重力、电场力，合力向左，故P做向左的匀加速直线运动．【解答】解：设初状态极板间距是d，旋转α角度后，极板间距变为dcosα，所以电场强度E′=，而且电场强度的方向也旋转了α，由受力分析可知，竖直方向仍然平衡，水平方向有电场力的分力，所以微粒水平向左做匀加速直线运动．那么微粒的重力势能不变，向左做匀加速直线运动过程中，电场力做正功，那么电势能减小．故B、D正确，A、C错误．应选：BD．【点评】考查了受力求运动，正确受力分析，有牛顿第二律判断运动情况，解决此题的关键是确场强与原来场强在大小、方向上的关系．三、计算题〔每空20分，共40分〕11．〔20分〕如下图，水平放置的A、B两平行板相距h，有一个质量为m，带电量为+q的小球在B板之下H处以初速度v0竖直向上进入两板间，欲使小球恰好打到A板，试讨论A、B板间的电势差是多大？【考点】电势差与电场强度的关系；动能理．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球刚好打到A板时，速度恰好为零，根据动能理，对整个过程进行研究求解【解答】解：当电场力方向向下时，U A＞U B，电场力做负功，由动能理得：﹣qU AB﹣mg〔H+h〕=﹣解得：U AB=当电场力方向向上时，U A＜U B，电场力做正功，由动能理得：qU BA﹣mg〔H+h〕=﹣解得：U BA=答：A、B板间的电势差是或【点评】此题涉及两个过程，采用全程法运用动能理研究，比拟简洁，也可以分段研究，运用牛顿第二律和运动学公式结合研究12．〔20分〕〔2021秋•校级月考〕如下图，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：〔1〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？〔2〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】〔1〕小球做匀速直线运动，所受的合力为零，分析小球的受力情况，作出力图，由平衡条件求解即可．〔2〕小球要做直线运动，小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，由力的合成图求解即可．【解答】解：〔1〕欲使小球做匀速直线运动，必须使其合外力为0，如图甲所示．设对小球施加的力F1和水平方向夹角为α，那么F1•cosα=qE cosθF1•sinα=qE sinθ+mg解得α=60°，F1=mg〔2〕为使小球做直线运动，那么小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，如图乙所示．那么 F2=mgsin60°=mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．答：〔1〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，对小球施加的恒力F1的大小是mg，方向与水平成60°斜向右上方．〔2〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，对小球施加的最小恒力F2的大小是mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．【点评】解决此题的关键要掌握直线运动和匀速直线运动的条件，作出受力图，运用几何关系分析力的最小值．。

2021年高三上学期第八次周考物理试卷含答案

2021年高三上学期第八次周考物理试卷含答案一、选择题：1．如图所示，两相同轻质硬杆、可绕其两端垂直纸面的水平轴、、转动，在点悬挂一重物M，将两相同木块m紧压在竖直挡板上，此时整个系统保持静止。

表示木块与挡板间摩擦力的大小，表示木块与挡板间正压力的大小。

若挡板间的距离稍许增大后，系统仍静止且、始终等高，则（）A．变小B．不变C．变小D．变大【答案】BD2．如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变。

用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止。

撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0。

物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g。

则A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为－μgC．物体做匀减速运动的时间为2D．物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为μmg（x0－）3．(xx·海南物理)在水平的足够长的固定木板上，一小物块以某一初速度开始滑动，经一段时间t后停止．现将该木板改置成倾角为45°的斜面，让小物块以相同的初速度沿木板上滑．若小物块与木板之间的动摩擦因数为．则小物块上滑到最高位置所需时间与t之比为A．B．C．D．【答案】A4．一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，动能减小为原来的，不考虑卫星质量的变化，则变轨前后卫星的A．向心加速度大小之比为4：1B．角速度大小之比为2：1C．周期之比为1：8D．轨道半径之比为1：25在测量电珠伏安特性实验中，同学们连接的电路中有两个错误电路，如题20图所示。

电源内阻不计，导线连接良好，若将滑动变阻器的触头置于左端，闭合S，在向右端滑动触头过程中，会分别出现如下四种现象：a.电珠L不亮；电流表示数几乎为零b.电珠L亮度增加；电流表示数增大c电珠L开始不亮；后来忽然发光；电流表从示数不为零到线圈烧断d.电珠L不亮；电流表从示数增大到线圈烧断与上述a b c d 四种现象对应的电路序号为A. ③①②④B. ③④②①C. ③①④②D. ②①④③E（6V，1Ω）S 1 2L1（6V，16W）L（6V，1.2W）L2（6V，16W）6．如图所示，电动势为E、内阻不计的电源与三个灯泡和三个电阻相接。

【高中教育】最新高三物理上学期周练试卷(含解析)

——教学资料参考参考范本——【高中教育】最新高三物理上学期周练试卷（含解析）______年______月______日____________________部门一.选择题1．滑雪运动员沿斜坡下滑了一段距离，重力对他做功为20xxJ，物体克服阻力做功100J．则物体的（）A．机械能减小了100J B．动能增加了2100JC．重力势能减小了1900J D．重力势能增加了20xxJ2．嫦娥一号、二号发射成功后，我国20xx年12月2日成功发射嫦娥三号绕月卫星，如图所示，嫦娥一号的绕月圆周轨道距离月球表面的高度为150km，而嫦娥三号绕月圆周运动距月球表面的高度为100km．将月球看成球体，下列说法正确的是（）A．嫦娥三号的运行速率小于嫦娥一号的运行速率B．嫦娥三号绕月球运行的周期比嫦娥一号大C．嫦娥三号绕的向心加速度比嫦娥一号的向心加速度小D．嫦娥三号的角速度大于嫦娥一号的角速度3．一弹丸在飞行到距离地面5m高时仅有水平速度v=2m/s，爆炸成为甲、乙两块水平飞出，甲、乙的质量比为3：1，不计质量损失，取重力加速度g=10m/s2，则下列图中两块弹片飞行的轨迹可能正确的是（）A．B．C．D．4．碘131的半衰期约为8天，若某药物含有质量为m的碘131，经过32天后，该药物中碘131的含量大约还有（）A．B．C．D．5．如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点，设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b两点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则（）A．Wa=Wb，Ea＜Eb B．Wa≠Wb，Ea＞Eb C．Wa=Wb，Ea＞Eb D．Wa≠Wb，Ea＜Eb二、简答题6．（20xx秋•××区校级月考）已知地球的自转周期和半径分别为T 和R，地球同步卫星A的圆轨道半径为R1，卫星B沿半径为R2（R2＜R1）的圆轨道在地球赤道的正上方运行，其运行方向与地球自转方向相同．求：（1）卫星B做圆周运动的周期；（2）卫星A和B连续地不能直接通讯的最长时间间隔（信号传输时间可忽略；涉及有关几何角度可用反三角值表示，如：sinθ=时，θ=arcsin等）．7．（20xx秋•××市校级期中）一个电子以与电场方向相同的初速度υ0，射入电场强度为E的匀强电场中，如图所示，已知电子电量e，电子质量m，试求：（1）电子的入射点与速度为零之点间的电势差和这两点间的距离？（2）从电子的入射点到速度为零之点所需的时间？8．（20xx•大庆模拟）如图所示，质量m1=0.4kg 的小车静止在光滑的水平面上，车长L=2.0m，现有质量m2=0.6kg可视为质点的物块，以水平向右的速度v0=3m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止．物块与车面间的动摩擦因数0.2，取g=10m/s2，求（1）物块在车面上滑行的时间t；（2）要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v′0不超过多少．20xx-20xx学年××市××区大钟高中高三（上）周练物理试卷（4）参考答案与试题解析一.选择题1．滑雪运动员沿斜坡下滑了一段距离，重力对他做功为20xxJ，物体克服阻力做功100J．则物体的（）A．机械能减小了100J B．动能增加了2100JC．重力势能减小了1900J D．重力势能增加了20xxJ【考点】重力势能的变化与重力做功的关系．【分析】物体重力做功多少，物体的重力势能就减小多少．根据动能定理确定动能的变化．机械能减小量等于克服阻力做的功．【解答】解：A、除重力外，物体克服阻力做功100J，故机械能减小100J，故A正确；B、外力对物体所做的总功为20xxJ﹣100J=1900J，是正功，则根据动能定理得：动能增加1900J．故B错误；C、D、重力对物体做功为20xxJ，是正功，则物体重力势能减小20xxJ．故C错误，D错误；故选：A．【点评】本题关键要掌握常见的三对功能关系：总功与动能变化有关，重力做功与重力势能变化有关，除重力外的力的功与机械能变化有关．2．嫦娥一号、二号发射成功后，我国20xx年12月2日成功发射嫦娥三号绕月卫星，如图所示，嫦娥一号的绕月圆周轨道距离月球表面的高度为150km，而嫦娥三号绕月圆周运动距月球表面的高度为100km．将月球看成球体，下列说法正确的是（）A．嫦娥三号的运行速率小于嫦娥一号的运行速率B．嫦娥三号绕月球运行的周期比嫦娥一号大C．嫦娥三号绕的向心加速度比嫦娥一号的向心加速度小D．嫦娥三号的角速度大于嫦娥一号的角速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】嫦娥三号和嫦娥一号都绕月球做匀速圆周运动，月球对它们的万有引力提供向心力，，解得，，，，由此可知轨道半径越大，线速度、角速度、加速度越小，周期越大．【解答】解：A、根据万有引力提供向心力，得，由此可知，轨道半径越大，速度越小，嫦娥三号的轨道半径小于嫦娥一号的轨道半径，故嫦娥三号的运行速率大于嫦娥一号的运行速率，故A错误．B、根据万有引力提供向心力，得，由此可知，轨道半径越大，周期越大，嫦娥三号的轨道半径小于嫦娥一号的轨道半径，故嫦娥三号的运行周期小于嫦娥一号的运行周期，故B错误．C、根据万有引力提供向心力，得，由此可知，轨道半径越大，加速度越小，嫦娥三号的轨道半径小于嫦娥一号的轨道半径，故嫦娥三号的向心加速度大于嫦娥一号的向心加速度，故C错误．D、根据万有引力提供向心力，得，由此可知，轨道半径越大，角速度越小，嫦娥三号的轨道半径小于嫦娥一号的轨道半径，故嫦娥三号的角速度大于嫦娥一号的角速度，故D正确．故选：D．【点评】本题要掌握万有引力提供向心力这个关系，，并且能够根据题目要求选择不同向心力的表达式，解出线速度、角速度、角速度和周期与半径的关系，根据半径的大小关系，判断线速度、角速度、角速度和周期的大小．3．一弹丸在飞行到距离地面5m高时仅有水平速度v=2m/s，爆炸成为甲、乙两块水平飞出，甲、乙的质量比为3：1，不计质量损失，取重力加速度g=10m/s2，则下列图中两块弹片飞行的轨迹可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】动量守恒定律．【专题】动量定理应用专题．【分析】炮弹到达最高点时爆炸时，爆炸的内力远大于重力（外力），遵守动量守恒定律；当炮弹到达最高点时爆炸为沿水平方向运动的两片，两片炸弹都做平抛运动．根据平抛运动的基本公式即可解题．【解答】解：规定向右为正，设弹丸的质量为4m，则甲的质量为3m，乙的质量为m，炮弹到达最高点时爆炸时，爆炸的内力远大于重力（外力），遵守动量守恒定律，则有：4mv0=3mv1+mv2则8=3v1+v2两块弹片都做平抛运动，高度一样，则运动时间相等，t=，水平方向做匀速运动，x1=v1t=v1，x2=v2t=v2，则8=3x1+x2结合图象可知，B的位移满足上述表达式，故B正确．故选：B．【点评】本题考查了动量守恒定律的直接应用，知道当炮弹到达最高点时爆炸为沿水平方向运动的两片，两片炸弹都做平抛运动，难度适中．4．碘131的半衰期约为8天，若某药物含有质量为m的碘131，经过32天后，该药物中碘131的含量大约还有（）A．B．C．D．【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度．【专题】衰变和半衰期专题．【分析】半衰期是放射性原子核剩下一半需要的时间，根据公式m=m0•（）求解剩余原子核的质量．【解答】解：碘131的半衰期约为8天，经过32天后，碘131的剩余质量为：m′=m•（）=；故选：C．【点评】本题关键是明确半衰期的概念，能够结合公式m=m0•（）列式分析，基础问题．5．如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点，设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b两点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则（）A．Wa=Wb，Ea＜Eb B．Wa≠Wb，Ea＞Eb C．Wa=Wb，Ea＞Eb D．Wa≠Wb，Ea＜Eb【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上，故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb故选：C【点评】本题关键是明确电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场力做功看电势差，基础问题二、简答题6．（20xx秋•××区校级月考）已知地球的自转周期和半径分别为T和R，地球同步卫星A的圆轨道半径为R1，卫星B沿半径为R2（R2＜R1）的圆轨道在地球赤道的正上方运行，其运行方向与地球自转方向相同．求：（1）卫星B做圆周运动的周期；（2）卫星A和B连续地不能直接通讯的最长时间间隔（信号传输时间可忽略；涉及有关几何角度可用反三角值表示，如：sinθ=时，θ=arcsin等）．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，根据牛顿运动定律求解卫星的周期．两卫星绕地球做匀速圆周运动，由于地球的遮挡，使卫星A、B不能直接通讯，作图找出空间的位置关系，根据几何知识列式计算．【解答】解：（1）由万有引力提供向心力有：对于同步卫星有：解得：T′=T（2）由于地球的遮挡，使卫星A、B不能直接通讯，如图所示，设遮挡的时间为t则有它们转过的角度之差为θ时就不能通讯，则有：又根据几何关系可得：sinα=，sinβ=，而：θ=2（α+β）由以上各式可解得：t=T答：（1）卫星B做圆周运动的周期为T；（2）卫星A、B连续地不能直接通讯的最长时间间隔为T．【点评】本题主要考查了万有引力定律的应用和空间想象能力问题，要作图找出空间的位置关系，这是解题的关键．7．（20xx秋•××市校级期中）一个电子以与电场方向相同的初速度υ0，射入电场强度为E的匀强电场中，如图所示，已知电子电量e，电子质量m，试求：（1）电子的入射点与速度为零之点间的电势差和这两点间的距离？（2）从电子的入射点到速度为零之点所需的时间？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）根据根据动能定理求出电子入射点与速度为零点间的电势差，根据匀强电场中电势差与电场强度的关系求出两点间的距离．（2）根据牛顿第二定律求出电子的加速度，结合速度时间公式求出电子速度减为零的时间．【解答】解：（1）根据动能定理得，解得电势差U=．则两点间的距离d=．（2）电子运动的加速度a=，则速度减为零的时间t=．答：（1）电子的入射点与速度为零之点间的电势差为U=，两点间的距离为．（2）从电子的入射点到速度为零之点所需的时间为．【点评】解决本题的关键知道电子在电场中做匀减速运动，对于电势差的求法，也可以根据牛顿第二定律和运动学公式求出两点间的距离，结合U=Ed求出电势差．8．（20xx•大庆模拟）如图所示，质量m1=0.4kg 的小车静止在光滑的水平面上，车长L=2.0m，现有质量m2=0.6kg可视为质点的物块，以水平向右的速度v0=3m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止．物块与车面间的动摩擦因数0.2，取g=10m/s2，求（1）物块在车面上滑行的时间t；（2）要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v′0不超过多少．【考点】动量守恒定律．【专题】动量定理应用专题．【分析】（1）物块滑上小车后受到小车的向左的滑动摩擦力而做匀减速运动，小车受到物块向右的滑动摩擦力而匀加速运动，当两者速度相等时，相对静止一起做匀速运动．对物块和小车组成的系统，满足动量守恒的条件：合外力为零，运用动量守恒求得共同速度，再对小车运用动量定理求解出时间t．（2）要使物块恰好不从小车右端滑出，滑块滑到小车的最右端，两者速度相同，根据动量守恒定律和能量守恒定律求出速度．【解答】解：（1）设物块与小车的共同速度为v，以水平向右为正方向，根据动量守恒定律得：m2v0=（m1+m2）v，设物块与车面间的滑动摩擦力为F，对物块应用动量定理得：m2v﹣m2v0=﹣Ft，代入数据解得：t=0.6s；（2）要使物块恰好不从车厢滑出，须物块到车面右端时与小车有共同的速度v′，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m2v1=（m1+m2）v′，由能量守恒定律得： m2v12=（m1+m2）v2+μmgL，代入数据解得：v′=2m/s，故要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车的速度v0′不能超过2m/s；答：（1）物块在车面上滑行的时间t为0.6s．（2）要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v′0不超过2m/s．【点评】本题考查摩擦拖动类的动量和能量问题．关键要掌握动量守恒定律、动量定理和功能关系这些物理规律的运用．。

高三物理第一次周测试题

高三物理第一次周测试题一．单项选择题：（每题4分，共16分）1．关于速度和加速度的关系,正确的是…………………………………………（）A.速度变化大,加速度就大B.速度变化越快,加速度越大C.加速度方向保持不变,速度方向也不变D.加速度数值不断变小,速度也不断变小2．一个质点沿半径为R 的圆周运动一周，回到原地，它在运动过程中路程、位移大小的最大值分别是………………………………………………………………………（）A.R π2 2RB. 2R R π2C.2R 2RD. R π2 03．一名运动员在百米赛跑中，测得他在50米处的速度是6m/s ，16s 末到达终点时的速度为7.5m/s ，他在全程内平均速度的大小是…………………………………………（）A. 6m/sB. 6.25m/s4．汽车以36km/h 的速度行驶，刹车后得到的加速度大小为4m/s 2，从刹车开始，经5S ，汽车通过的位移是………………………………………………………………（）A.0mB.100m二．双项选择题：（每题6分，共30分）5．下列情况的物体，可以看作质点的是…………………………………………（）A. 研究绕地球飞行的航天飞机；B.研究汽车后轮各点运动时的车轮C.水平地面上放一只木箱，用力推它沿直线滑动，研究其运动情况的木箱D.研究自转时的地球6．下列所描述的几种运动，其中可以的是………………………………（）A. 速度变化很大，加速度很小B. 速度变化的方向为正，加速度反应方向为负C. 速度变化越来越快，但加速度越来越小D. 速度越来越大，加速度越来越小7．关于匀变速运动的说法，正确的是…………………………………………（）A. 某段时间内的平均速度等于这段时间内的初速度和末速度之和的一半B. 在任意相等的时间内位移的变化相等C. 在任意相等的时间内速度的变化相等D.某段时间内的平均速度，等于中点的瞬时速度8．已知心电图记录仪的出纸速度（纸带移动的速度）是2.5cm/s ，如图所示是仪器记录下来的某人的心电图，图中每个小方格的边长为0.5cm ，由此可知（）A ．此人的心率约为75次/分B ．此人的心率约为125次/分C ．此人心脏每跳动一次所需时间约为0.75sD ．此人心脏每跳动一次所需时间约为0.80s9．如图2所示, 小球沿足够长的斜面向上做匀变速运动, 依次经a 、b 、c 、d 到达最高点e . 已知ab =bd =6m, bc =1m, 小球从a 到c 和从c 到d 所用的时间都是2s, 设小球经b 、c 时的速度分别为v b 、v c , 则 ( )A ．v b m/s 8=B ． v c =3m/sC ． de =3mD ．从d 到e 所用时间为4s三．计算题：（每题18分，共54分）10．一座高16m 的建筑物屋檐处，因渗水而每隔一定时间有一个水滴落下，当第5个水滴刚离屋檐时，第1个水滴正好落到地面，此时第三个水滴离地面的高度是多少米？11．某商场内的观光电梯，在一楼由静止开始向上做匀加速直线运动，1S 后改做匀速运动，持续2S ，上升10m,最后做加速度为5m/s 2的匀减速运动，正好停在顶层，则可观光的高度是多少米？顶层最可能是几层？12．原地起跳时,先屈腿下蹲,然后突然蹬地.从开始蹬地到离地是加速过程（视为匀加速）,加速过程中重心上升的距离称为“加速距离”.离地后重心继续上升,在此过程中重心上升的最大距离称为“竖直高度”.现有下列数据：人原地上跳的“加速距离”d 1=0.50 m ,“竖直高度”h 1=1.0 m ;跳蚤原地上跳的“加速距离”d 2=0.000 80 m ,“竖直高度”h 2=0.10 m .假想人具有与跳蚤相等的起跳加速度,而“加速距离”仍为0.50 m , 参考答案1—4BABC 5.AC 6.AD 7.AC 8.AD 9.BD10.解：设滴水时间间隔为t 0 ，则第一滴水下落时间为4t 0由运动学公式得20)4(21t g H = 5分带入数据解得s t 550=4分第3滴水下落高度m t g h 4)2(21203== 5分故第3滴水离地高度m H 124163=-= 4分11.解：电梯匀速运动的速度s m s m t h v /5/21022=== 4分匀加速上升高度4分匀减速上升高度m a v h 5.22323== 4分观光高度H=h 1+h 2+h 3=15m 2分每层楼高度约为3m ，故顶层可能是6层。

高三物理上学期周考试卷(班含解析)

峙对市爱惜阳光实验学校一中 2021 届高三上学期周考物理试卷〔班〕一、选择题：此题共8 小题，每题6 分.在每题给出的四个选项中，第1-5 题只有一项符合题目要求，第6-8 题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．关于伽利略对自由落体运动的研究，以下说法中正确的选项是〔〕 A．伽利略认为在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同B．伽利略猜测运动速度与下落时间成正比，并直接用进行了验证 C．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上验证了位移与时间的平方成正比 D．伽利略用小球在斜面上验证了运动速度与位移成正比2．如下图，外表粗糙的固斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q 用轻绳连接并跨过滑轮〔不计滑轮的质量和摩擦〕，P 悬于空中，Q 放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q 时，P、 Q 仍静止不动，那么A．Q 受到的摩擦力一变小B．Q 受到的摩擦力一变大C．轻绳上拉力一变小D．轻绳上拉力一不变3．甲、乙、丙三个小球分别位于如下图的竖直平面内，甲乙在同一条竖直线上，甲丙在同一条水平线上，水平面的P点在丙的正下方，在同一时刻，甲乙丙开始运动，甲以水平速度v0 做平抛运动，乙以水平速度v0 沿水平面向右做匀速直线运动，丙做自由落体运动，那么〔〕A．假设甲、乙、丙三球同时相遇，那么一发生在P 点B．假设只有甲、丙两球在空中相遇，此时乙球一在P 点C．假设只有甲、乙两球在水平面上相遇，此时丙球还未着地 D．无论初速度v0 大小如何，甲、乙、丙三球一时在P 点相遇4．如下图，质量分别为m1 和m2 的两物块放在水平地面上，与水平地面间的动摩擦因数都是〔μ≠0〕，用轻质弹簧将两物块连接在一起．当用水平力F 作用在m1 上时，两物块均以加速度a 做匀加速运动，此时，弹簧伸长量为x；假设用水平力F′作用在m1 时，两物块均以加速度a′=2a 做匀加速运动，此时，弹簧伸长量为x′．那么以下关系正确的选项是〔〕A．F′=2F B．x′=2xC．F′＞2F D．x′＜2x5．如图，在倾角为α的固光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫．木板的质量是猫的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．那么此时木板沿斜面下滑的加速度为〔〕A ．sinαB．gsinαC．gsinα D．2gsinα6．如下图，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的粗糖物块以某一初速度沿劈的斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，而物体M始终保持静止，那么在物块m上、下滑动的整个过程中A．地面对物体M的摩擦力先向左后向右 B．地面对物体M的摩擦力方向没有改变 C．地面对物体M的支持力总小于〔M+m〕g D．物块m上、下滑动时的加速度大小相同7．如下图，物块从斜面底端以确的初速度开始沿粗糙斜面向上作匀减速运动，恰能滑行到图中的B点．如果在滑行的过程中〔〕A．在物块上施加一个竖直向下的力，那么不能滑行到B点 B．在物块上施加一个竖直向下的力，仍能恰好滑行到B点 C．在物块上施加一个水平向右的力，那么一能滑行到B点以上 D．在物块上施加一个水平向右的力，那么一不能滑行到B点8．如下图，楔形物块A位于水平地面上，其光滑斜面上有一物块B，被与斜面平行的细线系住静止在斜面上．对物块A施加水平力，使A、B 一起做加速运动，A、B 始终保持相对静止．以下表达正确的选项是A．假设水平力方向向左，B 对A的压力增大，A 对地面的压力增大 B．假设水平力方向向左，细线的拉力减小，A 对地面的压力不变 C．假设水平力方向向右，B 对A的压力减小，细线的拉力增大 D．假设水平力方向向右，细线的拉力增大，A 对地的压力不变三、非选择题：包括必做题和选做题两，第9题～第12 题为必做题，每个试题考生必须作答，第136 题为选做题，两模块选做一模块．9．在做“研究匀变速直线运动〞的时，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图甲所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G 7 个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，电火花计时器接220V、50Hz 交流电源．他经过测量并计算得到电火花计时器在打B、C、 D、E、F 各点时物体的瞬时速度如下表：对点 B C D E F速度〔m/s〕0.141 0.185 0.220 0.254 0.301〔1〕设电火花计时器的周期为T，计算v F 的公式为v F= ；根据〔1〕中得到的数据，以A点对的时刻为t=0，试在图乙所示坐标系中合理地选择标度，作出 v﹣t 图象．〔3〕利用该图象求物体的加速度a= m/s2；〔结果保存2位有效数字〕〔4〕如果当时电中交变电流的电压变成210V，而做的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比〔选填：“偏大〞、“偏小〞或“不变〞〕．10．①小翔利用如图甲所示的装置，探究弹簧弹力F与伸长量△l 的关系，由绘出F与△l 的关系图线如图乙所示，该弹簧劲度系数为N/m．②小丽用如图丙所示的装置验证“力的平行四边形那么〞．用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后．其操作如下，请完成以下相关内容： A．如图丙，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O； B．卸下钩码然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧称将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套 AO、BO 的及两弹簧称相的读数．图丁中B弹簧称的读数为N；C．小丽在坐标纸上画出两弹簧拉力F A、F B 的大小和方向如图丁所示，请在图戊中作出F A、F B 的合力F′；D．钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图戊所示，观察比拟F和F′，得出结论．11．某公共的运行非常规那么，先由静止开始匀加速启动，当速度到达 v 1=10m/s 时再做匀速运动，进站前开始匀减速制动，在到达车站时刚好停住．公共在每个车站停车时间均为 △t=25s ．然后以同样的方式运行至下一站．公共在加速启动和减速制动时加速度大小都为 a =l m/s 2，而所有相邻车站间的行程都为 s =600m ，有一次当公共刚刚抵达一个车站时，一辆电动车刚经过该车站一段时间 t 0=60s ，该电动车速度大小恒为 V 2=6m/s ，而且行进路线、方向与公共完全相同，不考虑其他交通状况的影响，试求：〔1〕公共从其中一站出发至到达下一站所需的时间 t 是多少？假设从下一站开始计数，公共在刚到达第 n 站时，电动车也恰好同时到达此车站，n 为多少？12．如下图，一块质量为 M 、长为 L 的匀质板放在很长的光滑水平桌面上，板的左端有一质量为 m 的物块，物块上连接一根很长的细绳，细绳跨过位于桌面边缘的滑轮，某人以恒的速度 υ 向下拉绳，物块最多只能到达板的中点，而且此时板的右端尚未到达桌边滑轮．求〔1〕物块与板的动摩擦因数及物块刚到达板的中点时板的位移；假设板与桌面间有摩擦，为使物块能到达板的右端，板与桌面的动摩擦因数的范围．【选【物理一3-4】 13．A 、B 两列简谐横波均沿 x 轴正向传播，在某时刻的波形分别如图中甲、乙所示，经过时间 t 〔t 小于 A 波的周期 T A 〕，这两列简谐横波的波形分别变为图中丙、丁所示，那么 A 、B 两列波的波速 v A 、v B 之比可能是〔〕A ．1：1B ．2：1C ．1：2D ．3：1E ．1：314．如下图，横截面为直角三角形的玻璃砖 A BC ．AC 边长为 L ，∠B=30°，光线 P 、Q 同时由 A C 中点射入玻璃砖，其中光线 P 方向垂直 A C 边，光线 Q 方向与 A C 边夹角为 45°．发现光线 Q 第一次到达 B C 边后垂直 BC 边射出．光速为 c ，求： Ⅰ．玻璃砖的折射率；Ⅱ．光线 P 由进入玻璃砖到第一次由 B C 边出射经历的时间．【选【物理一 3-5】15．19 初，爱因斯坦提出光子理论，使得光电效现象得以完美解释，玻尔的氢原子模型也是在光子概念的启发下提出的．关于光电效和氢原子模型，以下说法正确的选项是〔〕 A．光电验中，入射光足够强就可以有光电流B．假设某金属的逸出功为W0，该金属的截止频率为C．保持入射光强度不变，增大入射光频率，金属在单位时间内逸出的光电子数将减小 D．一群处于第四能级的氢原子向基态跃迁时，将向外辐射六种不同频率的光子 E．氢原子由低能级向高能级跃迁时，吸收光子的能量可以稍大于两能级间能量差16．如下图，轻弹簧的两端与质量均为2m 的B、C 两物块固连接，静止在光滑水平面上，物块 C 紧靠挡板但不粘连．另一质量为m的小物块A以速度v o 从右向左与B发生弹性正碰，碰撞时间极短可忽略不计．〔所有过程都在弹簧弹性限度范围内〕求：〔1〕A、B 碰后瞬间各自的速度；弹簧第一次压缩最短与第一次伸长最长时弹性势能之比．一中2021 届高三上学期周考物理试卷〔班〕参考答案与试题解析一、选择题：此题共8小题，每题6分.在每题给出的四个选项中，第1-5 题只有一项符合题目要求，第6-8 题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．关于伽利略对自由落体运动的研究，以下说法中正确的选项是〔〕 A．伽利略认为在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同 B．伽利略猜测运动速度与下落时间成正比，并直接用进行了验证 C．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上验证了位移与时间的平方成正比 D．伽利略用小球在斜面上验证了运动速度与位移成正比【考点】伽利略研究自由落体运动的和推理方法．【分析】要了解伽利略“理想斜面〞的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略斜面的之处不是本身，而是所使用的独特的方法在的根底上，进行理想化推理．〔也称作理想化〕它标志着物理学的真正开端．【解答】解：A、亚里士多德认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同，故A错误； B、伽利略猜测自由落体的运动速度与下落时间成正比，并未直接进行验证，而是在斜面的基础上的理想化推理，故B错误． C、伽利略通过数学推演并用小球在斜面上验证了位移与时间的平方成正比，故C正确． D、小球在斜面上运动运动速度与位移不成正比，故D错误，应选C．【点评】伽利略的“理想斜面〞是建立在可靠的事实根底之上的，它来源于实践，而又高于实践，它是实践和思维的结晶．2．如下图，外表粗糙的固斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q 用轻绳连接并跨过滑轮〔不计滑轮的质量和摩擦〕，P 悬于空中，Q 放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、 Q 仍静止不动，那么A．Q 受到的摩擦力一变小B．Q 受到的摩擦力一变大C．轻绳上拉力一变小D．轻绳上拉力一不变【考点】共点力平衡的条件及其用．【分析】分别对单个物体进行受力分析，运用力的平衡条件解决问题．由于不知具体数据，对于静摩擦力的判断要考虑全面．【解答】解：进行受力分析：对Q物块：当用水平向左的恒力推Q时，由于不知具体数据，Q 物块在粗糙斜面上的运动趋势无法确，故不能确物块Q受到的摩擦力的变化情况，故A、B 错误；对P物块：因为P物块处于静止，受拉力和重力二力平衡，P 物块受绳的拉力始终于重力，所以轻绳与P物块之间的相互作用力一不变，故C错误，D 正确．应选D．【点评】对于系统的研究，我们要把整体法和隔离法结合用．对于静摩擦力的判断要根据外力来确．3．甲、乙、丙三个小球分别位于如下图的竖直平面内，甲乙在同一条竖直线上，甲丙在同一条水平线上，水平面的P点在丙的正下方，在同一时刻，甲乙丙开始运动，甲以水平速度v0 做平抛运动，乙以水平速度v0 沿水平面向右做匀速直线运动，丙做自由落体运动，那么〔〕A．假设甲、乙、丙三球同时相遇，那么一发生在P点 B．假设只有甲、丙两球在空中相遇，此时乙球一在P点 C．假设只有甲、乙两球在水平面上相遇，此时丙球还未着地 D．无论初速度v0 大小如何，甲、乙、丙三球一时在P点相遇【考点】平抛运动；匀速直线运动及其公式、图像．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上做自由落体运动，两个分运动具有时性．【解答】解：甲做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，所以在在未落地前任何时刻，两球都在一竖直线上，最后在地面上相遇，可能在P点前，也可能在P点后；甲在竖直方向上做自由落体运动，所以在未落地前的任何时刻，两球在同一水平线上，两球相遇点可能在空中，可能在P点．所以，假设三球同时相遇，那么一在P点，假设甲丙两球在空中相遇，乙球一在P点，假设甲乙两球在水平面上相遇，丙球一落地．故A、B 正确，C、D 错误．应选A B．【点评】解决此题的关键掌握处理平抛运动的方法，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．4．如下图，质量分别为m1 和m2 的两物块放在水平地面上，与水平地面间的动摩擦因数都是〔μ≠0〕，用轻质弹簧将两物块连接在一起．当用水平力F作用在m1 上时，两物块均以加速度a做匀加速运动，此时，弹簧伸长量为x；假设用水平力F′作用在m1 时，两物块均以加速度a′=2a 做匀加速运动，此时，弹簧伸长量为x′．那么以下关系正确的选项是〔〕A．F′=2F B．x′=2xC．F′＞2F D．x′＜2x【考点】牛顿第二律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】先以两个物体整体为研究对象，由牛顿第二律求出F和F′，再分别以m1 和m2 为研究对象，求出弹簧的弹力，由胡克律分析弹簧伸长量的关系【解答】解：A、C 以两个物体整体为研究对象，由牛顿第二律得：F﹣〔m1+m2〕g=〔m1+m2〕a…①F′﹣〔m1+m2〕g=2〔m1+m2〕a…②显然，F′＜2F．故A C 均错误．B、D，由①得：a=由②得：2a= ﹣ g，分别以m1 为研究对象，由牛顿第二律得：kx﹣ m1g=m1a=m 1，得：x=kx′﹣ m1g=2m1a=m1〔﹣ g，〕，得：x′=那么有x′＜2x．故B错误，D 正确．应选：D【点评】此题的解答关键是灵活选择研究对象，采用先整体法求解出物体的共同加速度，然后隔离法对物体利用牛顿第二律求解，比拟简捷5．如图，在倾角为α的固光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫．木板的质量是猫的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．那么此时木板沿斜面下滑的加速度为〔〕A ．sinαB．gsinαC．gsinα D．2gsinα【考点】牛顿第二律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】对猫和木板受力分析受力分析，可以根据各自的运动状态由牛顿第二律分别列式来求解，把猫和木板当做一个整体的话计算比拟简单．【解答】解：木板沿斜面加速下滑时，猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，加速度为零．将木板和猫作为整体，由牛顿第二律，受到的合力为F木板=2ma，猫受到的合力为F猫=0 那么整体受的合力于木板受的合力：F 合=F 木板=2ma〔a 为木板的加速度〕，又整体受到的合力的大小为猫和木板沿斜面方向的分力的大小〔垂直斜面分力问零〕即F合=3mgsinα，解得a=gsinα应选：C．【点评】此题用整体法对猫和木板受力分析，根据牛顿第二律来求解比拟简单，当然也可以采用隔离法，分别对猫和木板受力分析列出方程组来求解．6．如下图，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的粗糖物块以某一初速度沿劈的斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，而物体M始终保持静止，那么在物块m上、下滑动的整个过程中A．地面对物体M的摩擦力先向左后向右 B．地面对物体M的摩擦力方向没有改变 C．地面对物体M的支持力总小于〔M+m〕g D．物块m上、下滑动时的加速度大小相同【考点】牛顿第二律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下；对整体受力分析，然后根据牛顿第二律求解地面对物体M的摩擦力和支持力；对小滑块受力分析，根据牛顿第二律分析m的加速度情况．【解答】解：A、B、物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，对整体受力分析，受到总重力、支持力和向左的静摩擦力，根据牛顿第二律，有x 分析：f=masinθ①y 分析：〔M+m〕g﹣N=masinθ②物体上滑时，受力如图，根据牛顿第二律，有mgsinθ+ mgcosθ=ma1 ③物体下滑时，受力如图，根据牛顿第二律，有mgsinθ﹣ mgcosθ=ma2 ④ 由①式，地面对斜面体的静摩擦力方向一直未变，向左，故A错误，B 正确； C、由②式，地面对物体M的支持力总小于〔M+m〕g，故C正确；D、由③④两式，物体沿斜面向上滑动时，加速度较大，故D错误；应选：BC．【点评】此题关键是对整体受力分析后根据牛顿第二律列式求解出支持力和静摩擦力的表达式后进行分析讨论；整体法不仅适用与相对静止的物体系统，同样也适用于有相对运动的物体之间．7．如下图，物块从斜面底端以确的初速度开始沿粗糙斜面向上作匀减速运动，恰能滑行到图中的B点．如果在滑行的过程中〔〕A．在物块上施加一个竖直向下的力，那么不能滑行到B点 B．在物块上施加一个竖直向下的力，仍能恰好滑行到B点 C．在物块上施加一个水平向右的力，那么一能滑行到B点以上 D．在物块上施加一个水平向右的力，那么一不能滑行到B点【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】物体匀减速上滑，施加力F前后，分别对物体受力分析并根据牛顿第二律判断加速度的变化情况即可．【解答】解：物体匀减速上滑，施加力F前，物体受重力m g、支持力N和滑动摩擦力f，根据牛顿第二律，有平行斜面方向：mgsinθ+f=ma 垂直斜面方向：N﹣mgcosθ=0 其中：f=N故有：mgsinθ+ mgcosθ=ma解得：a=g〔sinθ+ cosθ〕…①A、B、在物块上施加一个竖直向下的恒力F后，根据牛顿第二律，有平行斜面方向：〔mg+F〕sinθ+f′=ma′ 垂直斜面方向：N﹣〔mg+F〕cosθ=0 其中：f′= N解得：…② 由①②得到加力后加速度变大，故物体一不能到达B点，故A正确B错误； C、D、在物块上施加一个水平向右的恒力，根据牛顿第二律，有平行斜面方向：mgsinθ+f1﹣Fcosθ=ma1垂直斜面方向：N﹣mgcosθ﹣Fsinθ=0其中：f1= N1故m gsinθ+ 〔mgcosθ+Fsinθ〕﹣Fcosθ=ma1解得：…③ 由①③得到，由于动摩擦因素与角度θ大小关系未知，故无法比拟两个加速度的大小关系，因此无法确上滑的位移大小关系；故C D 错误；应选：A．【点评】此题关键是屡次受力分析后，根据牛顿第二律求解出加速度表达式进行讨论，过程较为复杂，一要细心．8．如下图，楔形物块A位于水平地面上，其光滑斜面上有一物块B，被与斜面平行的细线系住静止在斜面上．对物块A施加水平力，使A、B 一起做加速运动，A、B 始终保持相对静止．以下表达正确的选项是A．假设水平力方向向左，B 对A的压力增大，A 对地面的压力增大 B．假设水平力方向向左，细线的拉力减小，A 对地面的压力不变 C．假设水平力方向向右，B 对A的压力减小，细线的拉力增大 D．假设水平力方向向右，细线的拉力增大，A 对地的压力不变【考点】牛顿第二律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】先对A B 整体分析，根据牛顿第二律列式求解支持力；然后隔离物体B分析，根据牛顿第二律列式求解细线的拉力和支持力．【解答】解：不受水平拉力时，对A B 整体分析，受重力和支持力，故支持力于整体的重力；再对物体B 分析，受重力、细线的拉力、支持力，根据平衡条件，有：T=mgsinθN=mgcosθA、B、假设水平力方向向左，整体向左加速，对A B 整体分析，受重力、支持力和推力，根据牛顿第二律，对地压力于重力，不变；再对物体B分析，受重力、细线的拉力、支持力，根据牛顿第二律，有：平行斜面方向，有：mgsinθ﹣T′=ma x垂直斜面方向，有：N′﹣mgcosθ=ma y 故T′＜T，N′＞N；故A错误，B 正确；C、D、假设水平力方向向右，整体向右加速，对A B 整体分析，受重力、支持力和推力，根据牛顿第二律，对地压力于重力，不变；再对物体B分析，受重力、细线的拉力、支持力，根据牛顿第二律，有：平行斜面方向，有：T″﹣mgsinθ=ma x垂直斜面方向，有：mgcosθ﹣N″=ma y故T＜T″，N＞N″；故C正确，D 正确；应选：BCD．【点评】此题关键是明确物体的受力情况和运动情况，然后根据牛顿第二律列式求解，不难．三、非选择题：包括必做题和选做题两，第9题～第12 题为必做题，每个试题考生必须作答，第136 题为选做题，两模块选做一模块．9．在做“研究匀变速直线运动〞的时，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图甲所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G 7 个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，电火花计时器接220V、50Hz 交流电源．他经过测量并计算得到电火花计时器在打B、C、 D、E、F 各点时物体的瞬时速度如下表：对点 B C D E F速度〔m/s 〕0.141 0.185 0.220 0.254 0.301〔1〕设电火花计时器的周期为 T ，计算 v F 的公式为 v F =；根据〔1〕中得到的数据，以 A 点对的时刻为 t =0，试在图乙所示坐标系中合理地选择标度，作出v ﹣t 图象．〔3〕利用该图象求物体的加速度 a = 0.40 m /s 2；〔结果保存 2 位有效数字〕〔4〕如果当时电中交变电流的电压变成 210V ，而做的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比不变〔选填：“偏大〞、“偏小〞或“不变〞〕．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】题；直线运动规律专题．【〔1〕根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度于该过程中的平均速度可以求出 F 点的瞬时速度；根据描点法作出图象．〔3〕根据 v ﹣t 图象的物理意义可知，图象的斜率表示加速度的大小，因此根据图象求出其斜率大小，即可求出其加速度大小．〔4〕打点计时器的打点频率是与交流电源的频率相同，所以即使电源电压降低也不改变打点计时器打点周期．【解答】解：〔1〕根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度于该过程中的平均速度，电火花计时器的周期为 T ，所以从 E 点到 G 点时间为 10T ，有：v F =，根据图中数据，利用描点法做出图象如下；〔3〕图象斜率大小于加速度大小，故a==0.40m/s 2．〔4〕电电压变化，并不改变打点的周期，故测量值与实际值相比不变．故答案为：〔1〕；如图〔3〕0.40；〔4〕不变【点评】此题考查了利用匀变速直线运动的规律和推论解决问题的能力，同时注意图象法在物理实验中的用．10．①小翔利用如图甲所示的装置，探究弹簧弹力F与伸长量△l 的关系，由绘出F与△l 的关系图线如图乙所示，该弹簧劲度系数为125 N/m．②小丽用如图丙所示的装置验证“力的平行四边形那么〞．用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后．其操作如下，请完成以下相关内容： A．如图丙，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O； B．卸下钩码然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧称将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套 AO、BO 的方向及两弹簧称相的读数．图丁中B 弹簧称的读数为10 N；C．小丽在坐标纸上画出两弹簧拉力F A、F B 的大小和方向如图丁所示，请在图戊中作出F A、F B 的合力F′；D．钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图戊所示，观察比拟F和F′，得出结论．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题．【分析】①由胡克律可知，弹簧的弹力F与弹簧的伸长量△l 成正比，根据图象可以求出弹簧的劲度系数．②验证“力的平行四边形那么〞．需要测量力的大小和方向，弹簧秤读数时，搞清每一格的分度为多少．根据平行四边形那么作出合力．【解答】解：①弹簧的F﹣△l 图象的斜率是弹簧的劲度系数，由图象可知，弹簧的劲度系数：k===125N/m；②B、时，需记录细绳套A O、BO 的方向以及两弹簧称相的读数．图丁中B弹簧称的读数为10N．D、根据平行四边形那么作出合力，如下图：。

高三物理上学期周考试卷

咐呼州鸣咏市呢岸学校一中高三〔上〕周考物理试卷一、选择题〔每题5分，共50分．其中1-6题为单项选择题，7-10题为多项选择题，选对不全的给3分，选错给0分〕1．〔5分〕〔2021春•合川区校级月考〕关于物体所受合外力的方向，以下说法正确的选项是〔〕A．物体做匀变速曲线运动时，其所受合外力的方向总是与速度方向垂直B．物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向一改变C．物体做变速率圆周运动时，其所受合外力的方向一指向圆心D．物体做速率逐渐增加的直线运动时，其所受合外力的方向一与速度方向相同2．〔5分〕〔2021•赫山区校级三模〕小船横渡一条河，船在静水中的速度大小不变，方向始终垂直于河岸．小船的运动轨迹如下图，那么可判断，此过程中河水的流速〔〕A．越接近B岸水速越大B．越接近B岸水速越小C．由A到B水速先增大后减小D．水流速度恒3．〔5分〕〔2021秋•区月考〕如下图，三个质量相同，形状相同的斜面，放在地面上．另有三个质量相同的小物体分别从斜面顶端沿斜面滑下．由于小物体跟斜面间的摩擦不同，第一个小物体匀加速下滑；第二个小物体匀速下滑；第三个小物体以初速v0匀减速下滑．三个斜面都不动．那么下滑过程中斜面对地面的压力大小顺序是〔〕A．N1=N2=N3 B．N1＜N2＜N3 C．N1＞N2＞N3 D．N1＜N2=N34．〔5分〕〔2021•三模〕如下图，质量均可忽略的轻绳与轻杆所能承受的弹力的最大值一，A端用铰链固，滑轮在A点正上方〔滑轮大小及摩擦均可不计〕，B端吊一重力为G的重物．现将绳的一端拴在杆的B端，用拉力F将B端缓慢向上拉〔均未断〕，在AB杆转到竖直方向前，以下分析正确的选项是〔〕A．绳子越来越容易断B．绳子越来越不容易断C．AB杆越来越容易断 D．AB杆越来越不容易断5．〔5分〕〔2021春•区校级期末〕以下关于运动不正确的选项是〔〕A．以额功率启动后做变加速运动，速度、加速度均逐渐增大B．以额功率启动后做变加速运动，速度逐渐增大；加速度逐渐减小，加速度为零时，速度最大C．匀速行驶时，最大允许速度受发动机额功率限制，要提高最大允许速度，可以增大发动机的额功率D．在水平路面上以额功率P行驶，那么当牵引力F与阻力f平衡时，的最大速度v m=6．〔5分〕〔2021秋•校级月考〕如下图，质量为m的小球被一根橡皮筋AC和一根绳BC系住，当小球静止时，橡皮筋处在水平方位向上．以下判断中正确的选项是〔〕A．在AC被突然剪断的瞬间，BC对小球的拉力不变B．在AC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为gtanθC．在BC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为D．在BC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为gsinθ7．〔5分〕某同学在开展研究性学习的过程中，利用加速度传感器研究质量为5kg的物体由静止开始做直线运动的规律，并在计算机上得到了前4s内物体加速度随时间变化的关系图象，如下图．设第1s内运动方向为正方向，那么物体〔〕A．先向正方向运动，后向负方向运动B．在第3s末的速度最大C．在第3s末距离出发点最远D．在第4s末的速度为3m/s8．〔5分〕〔2021秋•区校级月考〕我国已先后发射了飞行器“天宫一号〞和飞船“神舟九号〞，并地进行了对接，假设“天宫一号〞能在离地面约300km高的圆轨道上正常运行，以下说法中正确的选项是〔〕A．“天宫一号〞的发射速度大于第二宇宙速度B．对接时，“神舟九号〞与“天宫一号〞的加速度大小相C．对接后，“天宫一号〞的速度小于第一宇宙速度D．对接前，“神舟九号〞欲追上“天宫一号〞，必须在同一轨道上点火加速9．〔5分〕如下图，将量的正、负电荷分别置于M、N两点，O点为MN连线的中点，点a、b在M、N连线上，点c、d在MN中垂线上，它们都关于O点对称，以下说法正确的选项是〔〕A． a、b两点的电势相同B． c、d 两点的电场强度相同C．将电子沿直线从a点移到b点，电子的电势能减少D．将电子沿直线从c点移到d点，电子的电势能不变10．〔5分〕在竖直平面内有一半径为R的光滑圆环轨道，一质量为m的小球穿在圆环轨道上做圆周运动，到达最高点C时的速率v c=，那么以下说法正确的选项是〔〕A．此小球的最大速率是v cB．小球到达C点时对轨道的压力是C．小球沿圆轨道绕行一周所用的时间小于πD．小球在任一直径两端点上的动能之和相二．填空题〔每空2分，共16分〕11．〔4分〕〔2021•武隆县校级一模〕某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻弹簧竖直悬挂于某一深度为h=25.0cm，且开口向下的小筒中〔没有外力作用时弹簧的下位于筒内，但测力计可以同弹簧的下端接触〕，如图〔甲〕所示，如果本的长度测量工具只能测量出筒的下端弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对的弹力F，作出F﹣l变化的图线如图〔乙〕所示．，那么弹簧的劲度系数为N/m．弹簧的原长l0= cm．12．〔12分〕〔2021秋•安校级月考〕为了“探究加速度与力、质量的关系〞，请思考探究思路并答复以下问题：〔1〕为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响采取做法是A．将不带滑轮的木板一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B．将不带滑轮的木板一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀加速运动C．将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D．将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀加速运动〔2〕在“探究加速度与力、质量关系〞的中，得到一条打点的纸带，如下图，相邻计数点间的时间间隔为T，且间距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出，那么小车加速度的表达式为a= ；中使用的电火花计时器使用电源〔填“直流〞或“交流〞〕，工作电压V．〔3〕消除小车与水平木板之间摩擦力的影响后，可用钩码总重力代替小车所受的拉力，此时钩码m与小车总质量M之间满足的关系为；〔4〕在“探究加速度与力的关系〞时，保持小车的质量不变，改变小桶中砝码的质量，该同学根据数据作出了加速度a与合力F图线如图，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因．答：．13．〔9分〕〔2021春•南关区校级期末〕如下图，质量M=1kg的木块套在竖直杆上，并用轻绳与质量m=2kg 的小球相连．今用跟水平方向成α=30°角的力F=20N拉着球，带动木块一起竖直向下匀速运动，运动中M、m的相对位置保持不变，g=10m/s2，求：〔1〕运动过程中轻绳与竖直方向的夹角θ；〔2〕木块M与杆间的动摩擦因数μ．14．〔10分〕〔2021春•校级期中〕在一次宇宙探险活动中，发现一行星，经观测其半径为R，当飞船在接近行星外表的上空做匀速圆周运动时，周期为T飞船着陆后，宇航员用绳子拉着质量为m的仪器箱在平坦的“地面〞上运动，拉力大小为F，拉力与水平面的夹角为θ，箱子做匀速直线运动．〔引力常量为G〕求：〔1〕行星的质量M；〔2〕箱子与“地面〞间的动摩擦因数．15．〔12分〕〔2021•一模〕如下图，质量m=2.0×10﹣4kg、电荷量q=1.0×10﹣6C的带正电微粒静止在空间范围足够大的电场强度为E1的匀强电场中．取g=10m/s2．〔1〕求匀强电场的电场强度E1的大小和方向；〔2〕在t=0时刻，匀强电场强度大小突然变为E2=4.0×103N/C，且方向不变．求在t=0.20s时间内电场力做的功；〔3〕在t=0.20s时刻突然撤掉电场，求带电微粒回到出发点时的动能．16．〔13分〕〔2021•校级三模〕如下图，水平传送带的右端与竖直面内的用光滑钢管弯成的“9”形固轨道相接，钢管内径很小．传送带的运行速度为v0=6m/s，将质量m=1.0kg的可看作质点的滑块无初速地放到传送带A端，传送带长度为L=12.0m，“9”字H=0.8m，“9”字上半圆弧半径为R=0.2m，滑块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.3，重力加速g=10m/s2，试求：〔1〕滑块从传送带A端运动到B端所需要的时间；〔2〕滑块滑到轨道最高点C时对轨道作用力的大小和方向；〔3〕假设滑块从“9〞形轨道D点水平抛出后，恰好垂直撞在倾角θ=45°的斜面上P点，求P、D两点间的竖直高度h〔保存两位有效数字〕．一中高三〔上〕周考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔每题5分，共50分．其中1-6题为单项选择题，7-10题为多项选择题，选对不全的给3分，选错给0分〕1．〔5分〕〔2021春•合川区校级月考〕关于物体所受合外力的方向，以下说法正确的选项是〔〕A．物体做匀变速曲线运动时，其所受合外力的方向总是与速度方向垂直B．物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向一改变C．物体做变速率圆周运动时，其所受合外力的方向一指向圆心D．物体做速率逐渐增加的直线运动时，其所受合外力的方向一与速度方向相同考点：物体做曲线运动的条件；曲线运动．分析：匀加速直线运动的中，加速度方向与速度方向相同；匀减速运动中，速度方向可正可负，但二者方向必相反；加速度的正负与速度正方向的选取有关，做曲线运动时，合外力的方向与速度方向不在同一直线上，合外力可以是恒力，也可以是变力．解答：解： A、物体做平抛运动时，是匀变速曲线运动，其合外力方向竖直向下，与速度方向不垂直，故A错误，B、物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向不一改变，比方：平抛运动，故B错误．C、物体做匀速圆周运动时，其所受合外力的方向一指向圆心，假设非匀速圆周运动，那么合外力一不指向圆心，故C错误．D、合力的方向与加速度方向相同，与速度的方向和位移的方向无直接关系，当物体做加速运动时，加速度方向与速度方向相同；当物体做减速运动时，加速度的方向与速度的方向相反，故D正确，应选：D．点评：物体做加速还是减速运动，不是简单地看加速度的正负，该看两者方向间的关系，还可以用牛顿第二律理解，注意物体做曲线运动的条件．2．〔5分〕〔2021•赫山区校级三模〕小船横渡一条河，船在静水中的速度大小不变，方向始终垂直于河岸．小船的运动轨迹如下图，那么可判断，此过程中河水的流速〔〕A．越接近B岸水速越大B．越接近B岸水速越小C．由A到B水速先增大后减小D．水流速度恒考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：轨迹弯曲的方向大致指向合力的方向，合力的方向与水流的方向相反，可见加速度的方向向左．解答：解：从轨迹曲线的弯曲形状上可以知道，加速度的方向水平向左，合力方向与水流的方向成钝角，合力在船沿水流运动的方向上做负功．那么越靠近B岸，水速越小，故B正确，A、C、D错误．应选：B．点评：解决此题的关键知道小船参与了两个运动，有两个分速度，分别是静水速和水流速．以及知道轨迹的弯曲大致指向合力的方向．3．〔5分〕〔2021秋•区月考〕如下图，三个质量相同，形状相同的斜面，放在地面上．另有三个质量相同的小物体分别从斜面顶端沿斜面滑下．由于小物体跟斜面间的摩擦不同，第一个小物体匀加速下滑；第二个小物体匀速下滑；第三个小物体以初速v0匀减速下滑．三个斜面都不动．那么下滑过程中斜面对地面的压力大小顺序是〔〕A．N1=N2=N3B．N1＜N2＜N3 C．N1＞N2＞N3 D．N1＜N2=N3考点：力的合成与分解的运用；重心．专题：受力分析方法专题．分析：当物体系统中存在超重现象时，系统所受的支持力大于总重力，相反，存在失重现象时，系统所受的支持力小于总重力．假设系统的合力为零时，系统所受的支持力于总重力．解答：解：设物体和斜面的总重力为G．第一个物体匀加速下滑，加速度沿斜面向下，具有竖直向下的分加速度，存在失重现象，那么N1＜G；第二个物体匀速下滑，合力为零，斜面保持静止状态，合力也为零，那么系统的合力也为零，故N2=G．第三个物体匀减速下滑，加速度沿斜面向上，具有竖直向上的分加速度，存在超重现象，那么N3＞G；故有N1＜N2＜N3．应选：B．点评：此题运用超重和失重的观点分析加速度不同物体动力学问题，比拟简便．4．〔5分〕〔2021•三模〕如下图，质量均可忽略的轻绳与轻杆所能承受的弹力的最大值一，A端用铰链固，滑轮在A点正上方〔滑轮大小及摩擦均可不计〕，B端吊一重力为G的重物．现将绳的一端拴在杆的B端，用拉力F将B端缓慢向上拉〔均未断〕，在AB杆转到竖直方向前，以下分析正确的选项是〔〕A．绳子越来越容易断B．绳子越来越不容易断C．AB杆越来越容易断 D．AB杆越来越不容易断考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以B点为研究对象，分析其受力情况，作出受力图，利用三角形相似法，得出各力与三角形ABO 三边边长的关系，再分析其变化．解答：解：以B点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力T〔于重物的重力G〕、轻杆的支持力N和绳子的拉力F，作出力图如图：由平衡条件得知，N和F的合力与T大小相，方向相反，根据三角形相似可得又T=G，解得：N=，F=；使∠BAO缓慢变小时，AB、AO保持不变，BO变小，那么N保持不变，F变小．故B正确，ACD错误．应选B．点评：此题涉及非直角三角形的力平衡问题，采用三角形相似，得到力与三角形边长的关系，再分析力的变化，是常用的方法．5．〔5分〕〔2021春•区校级期末〕以下关于运动不正确的选项是〔〕A．以额功率启动后做变加速运动，速度、加速度均逐渐增大B．以额功率启动后做变加速运动，速度逐渐增大；加速度逐渐减小，加速度为零时，速度最大C．匀速行驶时，最大允许速度受发动机额功率限制，要提高最大允许速度，可以增大发动机的额功率D．在水平路面上以额功率P行驶，那么当牵引力F与阻力f平衡时，的最大速度v m=考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：此题关键要分析的受力情况，由牛顿第二律判断加速度的变化，抓住发动机的功率P=Fv．以额功率启动过程，速度增大，牵引力减小，合力减小，加速度减小，当牵引力与阻力大小相时，做匀速运动，速度到达最大；以恒加速度启动过程，牵引力不变，速度增大，发动机的功率增大，当发动机的功率到达额功率后，牵引力减小，加速度减小，当牵引力与阻力大小相时，匀速运动，速度到达最大．解答：解：A、以额功率启动时，由P=Fv可知，牵引力大小与速率成反比，那么知的速度逐渐增大，牵引力逐渐减小，合力减小，加速度减小，当牵引力大小与阻力大小相时，做匀速运动，速度到达最大．故在速率到达最大以前，牵引力是不断减小的．故A错误，B正确．C、到达额功率后速度到达最大允许速度，如果要提高最大允许速度，可以增大发动机的额功率，故C正确；D、当牵引力F与阻力f平衡时，速度到达最大值，最大速度v m=，故D正确．此题选错误的应选：A点评：对于两种启动方式，关键要抓住发动机的功率于牵引力大小与速率的乘积，当P一时，F与v成反比，当F一时， P与v成正比，再根据牛顿第二律分析的运动过程．6．〔5分〕〔2021秋•校级月考〕如下图，质量为m的小球被一根橡皮筋AC和一根绳BC系住，当小球静止时，橡皮筋处在水平方位向上．以下判断中正确的选项是〔〕A．在AC被突然剪断的瞬间，BC对小球的拉力不变B．在AC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为gtanθC．在BC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为D．在BC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为gsinθ考点：牛顿第二律．专题：牛顿运动律综合专题．分析：先根据平衡条件求出剪断前橡皮筋AC和绳BC的拉力大小，在剪断AC瞬间，绳的拉力发生突变，拉力与重力的合力沿圆周切向向下，根据力的合成求解此时合力，假设剪断BC，绳中张力立即消失，而在此瞬间橡皮筋弹力不变，求出此时合力，由牛顿第二律求加速度．解答：解：在剪断之前，绳处于平衡状态，画受力图有：小球平衡有：y方向：Fcosθ=mgx方向：Fsinθ=T〔1〕假设剪断AC瞬间，绳中张力立即变化，此时对小球受力有：小球所受合力与BC垂直向下，如图，小球的合力F合=mgsinθ，所以小球此时产生的加速度a=gsinθ，拉力大小F=mgcosθ，故A、B均错误；〔2〕假设剪断BC瞬间，瞬间橡皮筋的形变没有变化，故AC中的弹力T没有发生变化，如以下图示：此时小球所受合力，根据牛顿第二律此时小球产生的加速度a=，故C正确，D错误．应选：C．点评：此题是瞬时问题，关键是受力分析后根据平衡条件和牛顿第二律列方程求解力和加速度；注意区分橡皮筋〔弹簧〕在瞬间弹力不会立即发生变化，而绳在瞬间弹力会突变，这是解决此类问题的关键突破口．7．〔5分〕某同学在开展研究性学习的过程中，利用加速度传感器研究质量为5kg的物体由静止开始做直线运动的规律，并在计算机上得到了前4s内物体加速度随时间变化的关系图象，如下图．设第1s内运动方向为正方向，那么物体〔〕A．先向正方向运动，后向负方向运动B．在第3s末的速度最大C．在第3s末距离出发点最远D．在第4s末的速度为3m/s考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动的图像专题．分析：由牛顿第二律知：加速度方向与合外力方向相同，当加速度方向与速度方向相同时，物体做加速运动；否那么做减速运动．根据加速度图象，分析物体的运动情况，即可判断速度最大、位移最大的时刻．根据a﹣t图象的“面积〞大小于速度变化量，求出第4s末物体的速度．解答：解：A、B、C分析物体的运动情况：在0﹣3s内物体沿正方向做加速运动，在3﹣4s内沿正方向做减速运动，故在第3s末物体的速度最大，在第4s末距离出发点最远．故AC错误，B正确．D、a﹣t图象的“面积〞大小于速度变化量，那么在前4s内物体速度的变化量△v于前2s内速度变化量，为△v=m/s=3m/s，那么第4s末的速度为v==3m/s，故D正确．应选： BD点评：此题关键有两点：一要正确分析物体的运动情况；二抓住a﹣t图象的“面积〞求出速度的变化量，得到第4s末的速度．8．〔5分〕〔2021秋•区校级月考〕我国已先后发射了飞行器“天宫一号〞和飞船“神舟九号〞，并地进行了对接，假设“天宫一号〞能在离地面约300km高的圆轨道上正常运行，以下说法中正确的选项是〔〕A．“天宫一号〞的发射速度大于第二宇宙速度B．对接时，“神舟九号〞与“天宫一号〞的加速度大小相C．对接后，“天宫一号〞的速度小于第一宇宙速度D．对接前，“神舟九号〞欲追上“天宫一号〞，必须在同一轨道上点火加速考点：第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．专题：万有引力律的用专题．分析：人造地球卫星的发射速度要大于或于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，要使卫星实现对接可在低轨道加速，假设轨道相同，那么加速度相．据此分析各问题．解答：解：A、“天宫一号〞的发射速度不大于第二宇宙速度，假设大于那么会脱离地球的吸引．故A 错误；B、对接时，半径相同，那么加速度大小相．故B正确；C、所有卫星的运行速度都小于第一宇宙速度．故C正确；D、对接前，“神舟九号〞欲追上“天宫一号〞，可以在内轨道上点火加速．假设在同一轨道加速，那么会做离心运动，不会相遇，故D错误；应选：BC．点评：考查人造卫星的运行速度与发射速度之间的关系，明确发射速度大，运行速度反而小．同一轨道上加速度，速度大小都相．9．〔5分〕如下图，将量的正、负电荷分别置于M、N两点，O点为MN连线的中点，点a、b在M、N连线上，点c、d在MN中垂线上，它们都关于O点对称，以下说法正确的选项是〔〕A．a、b两点的电势相同B．c、d 两点的电场强度相同C．将电子沿直线从a点移到b点，电子的电势能减少D．将电子沿直线从c点移到d点，电子的电势能不变考点：电势能；电场线．分析：量异种电荷周围电场分布情况是：cd是一条势线．在如下图的电场中，量异种电荷MN之间的电场方向是相同的，平行于MN；MN中垂线上的电场强度、电势关于O点对称，Ob电场方向沿Ob连线向上，Od电场方向沿Od方向向下，O点是中垂线上电势最高的点．根据电场力做功正负分析电势能的变化．解答：解：A、由于M、N是量异种电荷，电场线由正电荷出发终止于负电荷，因为顺着电场线的方向电势降低，那么a点的电势高于b点的电势，故A错误；B、c、d连线是一条势线，c、d两点处场强方向都垂直于cd向右，方向相同，根据对称性可知，c、d两处场强大小相，那么c、d两点的电场强度相同．故B正确．C、将电子沿直线从a点移到b点，电场力向左，对电子做负功，那么电子的电势能增大．故C错误．D、c、d连线是一条势线，电子沿直线从c点移到d点，电场力不做功，电子的电势能不变．故D正确．应选：BD．点评：量同种、量异种电荷周围的电场分布情况是考察的，要结合电场强度、电势、电势能概念充分理解量同种、量异种电荷周围的电场特点．10．〔5分〕在竖直平面内有一半径为R的光滑圆环轨道，一质量为m的小球穿在圆环轨道上做圆周运动，到达最高点C时的速率v c=，那么以下说法正确的选项是〔〕A．此小球的最大速率是v cB．小球到达C点时对轨道的压力是C．小球沿圆轨道绕行一周所用的时间小于πD．小球在任一直径两端点上的动能之和相考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：根据牛顿第二律，结合径向的合力提供向心力求出小球到达C点对轨道的压力；小球运动到最低点时的速度最大，根据动能理求出小球的最大速率．解答：解：A、速度最大的点该是最低点时，根据动能理得，mg，解得v=．故A正确．B、根据牛顿第二律得，mg﹣N=m，解得N=，那么小球到达C点时对轨道的压力为．故B错误．C、T=，当速度最小时，代入计算可得T=，那么小球沿圆轨道绕行一周所用的时间小于π．故C正确．D、整个过程中机械能守恒，在任一直径两端点上的点，它们的高度之和都是2R，即它们的重力势能的和相，由于总的机械能守恒，所以它们的动能之和也相，故D正确．应选：ACD．点评：小球穿在圆环轨道上做圆周运动，属于杆的模型，在最高点时速度最小，向心力最小，最低点时速度最大，向心力最大，由机械能守恒可以求它们之间的关系．二．填空题〔每空2分，共16分〕11．〔4分〕〔2021•武隆县校级一模〕某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻弹簧竖直悬挂于某一深度为h=25.0cm，且开口向下的小筒中〔没有外力作用时弹簧的下位于筒内，但测力计可以同弹簧的下端接触〕，如图〔甲〕所示，如果本的长度测量工具只能测量出筒的下端弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对的弹力F，作出F﹣l变化的图线如图〔乙〕所示．，那么弹簧的劲度系数为100 N/m．弹簧的原长l0= 15cm．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：题；弹力的存在及方向的判专题．。

高三物理上册周考调研检测试题28

1．直导线ab放在如图所示的水平导体框架上，构成一个闭合回路．长直导线cd和框架处在同一个平面内，且cd和ab平行，当cd 中通有电流时，发现ab向左滑动．关于cd中的电流下列说法正确的是()A．电流肯定在增大，不论电流是什么方向B．电流肯定在减小，不论电流是什么方向C．电流大小恒定，方向由c到dD．电流大小恒定，方向由d到c解析：导线ab向左滑动，说明通过回路的磁通量在减小，通过回路的磁感应强度在减弱，通过cd的电流大小在减小，与电流方向无关．答案：B2．如图所示，用两根相同的细绳水平悬挂一段均匀载流直导线MN，电流I方向从M到N，绳子的拉力均为F.为使F＝0，可能达到要求的方法是()A．加水平向右的磁场B．加水平向左的磁场C．加垂直纸面向里的磁场D．加垂直纸面向外的磁场解析：为使F＝0，则F安必竖直向上且F安＝mg，由左手定则可判定磁场一定是垂直纸面向里，故选项C正确．答案：C3．如图所示，一弓形线圈通以逆时针电流，在其圆弧的圆心处，垂直于纸面放一直导线，当直导线通有指向纸内的电流时，线圈将()A．a端向纸内，b端向纸外转动，且靠近导线B．a端向纸内，b端向纸外转动，且远离导线C．b端向纸内，a端向纸外转动，且靠近导线D．b端向纸内，a端向纸外转动，且远离导线答案：A4．如图所示，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向(垂直于纸面向里)垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc＝∠bcd＝135°.流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力()A．方向沿纸面向上，大小为(2＋1)ILBB．方向沿纸面向上，大小为(2－1)ILBC．方向沿纸面向下，大小为(2＋1)ILBD．方向沿纸面向下，大小为(2－1)ILB解析：由左手定则可判断，导线所受磁场力方向沿纸面向上，C、D错；导线的有效长度为ad的长度，即L有效＝(2＋1)L，故安培力的大小为F＝(2＋1)BIL，因此选A.答案：A5．(2010年南通模拟)如图所示，均匀绕制的螺线管水平放置，在其正中心的上方附近用绝缘线水平吊起通电直导线A.A与螺线管垂直，“×”表示导线中电流的方向垂直于纸面向里．电键S闭合后，A受到通电螺线管磁场的作用力的方向是()A．水平向左B．水平向右C．竖直向下D．竖直向上解析：电键闭合后根据安培定则可判定导线所在位置处磁感线的方向为水平向右，再由左手定则判定导线受到安培力的方向为竖直向下，C项正确．答案：C6．(2010年泉州模拟)如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直斜面放置一根长为L、质量为m的直导线，当通以电流I时，欲使导线静止在斜面上，外加匀强磁场B的大小和方向可能是() A．B＝mg tan α/IL，方向垂直斜面向上B．B＝mg sin α/IL，方向垂直斜面向下C．B＝mg tan α/IL，方向竖直向上D．B＝mg/IL，方向水平向右解析：导线在重力、支持力和安培力三力作用下平衡，当磁场方向垂直斜面向上时，安培力沿斜面向下，三力不可能平衡，A错；当磁场方向垂直斜面向下时安培力沿斜面向上，则有mg sin α＝BIL，故B＝mg sin α/IL，B项正确；当磁场方向竖直向上时，安培力水平向右，三力不可能平衡，C错；若磁场方向水平向右时，安培力竖直向下，三力也不可能平衡，D错．答案：B7．在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示．过c 点的导线所受安培力的方向()A．与ab边平行，竖直向上B．与ab边平行，竖直向下C．与ab边垂直，指向左边D．与ab边垂直，指向右边解析：根据安培定则，a、b在c处产生的磁场分别为垂直于ac 连线斜向下和垂直于bc连线斜向下并且大小相等，由平行四边形定则可确定c 处合磁场方向向下，又根据左手定则，可判定c 处直导线所受安培力方向垂直于ab 边，指向左边，所以C 项正确．答案：C8．如图甲所示，电流恒定的通电直导线MN ，垂直平放在两条相互平行的水平光滑长导轨上，电流方向由M 指向N ，在两轨间存在着竖直磁场，取垂直纸面向里的方向为磁感应强度的正方向，当t ＝0时导线恰好静止，若B 按如图乙所示的余弦规律变化，下列说法正确的是( )A ．在最初的一个周期内，导线在导轨上做往复运动B ．在最初的一个周期内，导线一直向左运动C ．在最初的半个周期内，导线的加速度先增大后减小D ．在最初的半个周期内，导线的速度先增大后减小解析：由安培力的表达式F ＝BIL 结合图乙可知，安培力F 在一个周期内随磁感应强度B 的变化而变化，在前14周期内，安培力F 方向不变，大小变小，加速度方向不变，大小变小，由于初速度为零，所以在水平方向上做变加速直线运动；在14周期到12周期内，磁场方向改变，安培力方向改变，加速度方向改变，速度减小，至12周期时速度减小到零，所以D 正确；而后在12周期到34周期内，MN 反向加速，在一个周期结束时又回到原来的位置，所以A 正确．答案：AD9．(2010年上海模拟)如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，有两根竖直放置的平行导轨AB 、CD ，导轨上放有质量为m 的金属棒MN ，棒与导轨间的动摩擦因数为μ，现从t ＝0时刻起，给棒通以图示方向的电流，且电流与时间成正比，即I ＝kt ，其中k 为恒量．若金属棒与导轨始终垂直，则如图所示的表示棒所受的摩擦力随时间变化的四幅图中，正确的是( )解析：当F f ＝μBIL ＝μBLkt ＜mg 时，棒沿导轨向下加速；当F f ＝μBLkt ＞mg 时，棒沿导轨向下减速；在棒停止运动前，所受摩擦力为滑动摩擦力，大小为：F f ＝μBLkt ；当棒停止运动时，摩擦力立即变为静摩擦力，大小为：F f ＝mg ，故选项C 正确．答案：C10．(2010年北京东城)如图所示，在倾角为θ＝30°的斜面上，固定一宽L ＝0.25 m 的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器．电源电动势E ＝12 V ，内阻为r ＝1.0 Ω.一质量m ＝20 g 的金属棒ab 与两导轨垂直并接触良好．整个装置处于磁感应强度B ＝0.80 T 、垂直于斜面向上的匀强磁场中(导轨与金属棒的电阻不计)．金属导轨是光滑的，取g ＝10 m/s 2，要保持金属棒在导轨上静止，求：(1)金属棒所受到的安培力；(2)通过金属棒的电流；(3)滑动变阻器R 接入到电路中的阻值．解析：金属棒静止在金属导轨上受力平衡，如图所示．(1)F 安＝mg sin 30° F 安＝0.1 N(2)由F 安＝BIL解得I ＝F 安BL ＝0.5 A (3)设变阻器接入电路的阻值为R ，根据闭合电路欧姆定律E ＝I (R ＋r )解得R ＝E I －r ＝23 Ω答案：(1)F 安＝0.1 N (2)I ＝0.5 A (3)R ＝23 Ω11．磁流体推进船的动力来源于电流与磁场间的相互作用．图甲是在平静海面上某实验船的示意图，磁流体推进器由磁体、电极和矩形通道(简称通道)组成．如图乙所示，通道尺寸a ＝2.0 m 、b ＝0.15 m 、c ＝0.10 m ．工作时，在通道内沿z 轴正方向加B ＝8.0 T 的匀强磁场；沿x 轴负方向加匀强电场，使金属板间的电压U ＝99.6 V ；海水沿y 轴方向流过通道．已知海水的电阻率ρ＝0.20 Ω·m.(1)船静止时，求电源接通瞬间推进器对海水推力的大小和方向；(2)船以v s ＝5.0 m/s 的速度匀速前进．若以船为参照物，海水以5.0 m/s 的速率涌入进水口，由于通道的截面积小于进水口的截面积，在通道内海水速率增加到v d ＝8.0 m/s.求此时两金属板间的感应电动势U 感；(3)船行驶时，通道中海水两侧的电压按U ′＝U －U 感计算，海水受到电磁力的80%可以转化为对船的推力．当船以v s ＝5.0 m/s 的速度匀速前进时，求海水推力的功率．解析：(1)根据安培力公式，推力F 1＝BI 1b ，其中I 1＝U R ，R ＝ρb ac ，则F 1＝B U R b ＝Uac ρB ＝796.8 N ，对海水推力的方向沿y 轴正方向(向右)．(2)U 感＝Bb v d ＝9.6 V .(3)根据欧姆定律，I 2＝U ′R ＝(U －B v d b )ac ρb＝600 A ，安培推力F 2＝BI 2b ＝720 N ，对船的推力F ＝80%F 2＝576 N ，推力的功率P ＝F v s ＝80%F 2v s ＝2 880 W.答案：(1)796.8 N ，沿y 轴正方向 (2)9.6 V (3)2 880 W薄雾浓云愁永昼，瑞脑消金兽。

安徽省高三上学期周考物理试卷

高三物理周练三一、单项选择题（共有7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.下列说法中，正确的是（）A.能直接测量国际单位制中基本物理量的仪器是天平、秒表和弹簧测力计B.牛顿三大定律都是实验定律，均可通过实验来验证C.牛顿提出万有引力定律，并测定引力常量G 的值D.伽利略用斜面“冲淡”重力来研究自由落体运动的规律2.如图所示，滑翔伞是一批热爱跳伞、滑翔翼的飞行人员发明的一种飞行器。

现有一滑翔伞沿直线朝斜向下方向做匀加速直线运动。

若空气对滑翔伞和飞行人员的作用力为F ，则此过程中F 的方向可能是（）A. B. C. D.3.如图所示为运动员跳高时的精彩瞬间，下列说法正确的是（）A.运动员起跳时地面对他的支持力大于他对地面的压力B.运动员起跳以后在上升过程中处于失重状态C.运动员在最高点处于平衡状态D.运动员在下降过程中处于超重状态4.如图所示，水平恒力F 推着平板小车和货物在水平地面一起做匀加速直线运动，小车和货物的质量分别为M 和m ，货物与小车间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦与滑动摩擦相等。

小车与地面间的滚动摩擦力不计，且货物与平板车左侧推杆不接触，在运动过程中下列分析正确的是（）A.货物受到的合力大小为FB.货物受到的合力大小一定为mg μC.货物受到的摩擦力大小一定为mF m M+ D.只要水平恒力F 大于mg μ，货物就会发生相对滑动 5. 质点做直线运动的v -t 图像如图所示，则下列说法正确的是（）A. 质点前2s 的平均速度大小为1m/sB. 1s 末质点的速度方向发生变化C. 第1s 内质点所受合外力是第5s 内所受合外力的2倍D. 3s 末质点回到出发点6. 物块P 、Q 的质量分别为m 和2m ，用轻弹簧连接后放在光滑的水平面上，对Q 施加水平向右的拉力F ，稳定后，P 、Q 以相同的加速度在水平面上运动，此时弹簧的形变量为1x ；若撤去拉力F ，换成大小为2F 的水平向右的推力作用在P 上，稳定后，P 、Q 也以相同的加速度在水平面上运动，此时弹簧的形变量为2x ，则12x x 的值为（）A. 14B. 12C. 34D. 327. 乘坐空中缆车饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择。

高三物理上学期第一周周练试卷(含解析)

2015-2016学年广东省佛山市黄岐高中高三（上）第一周周练物理试卷（8月份）一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是（）A．将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B．在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化C．将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D．绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化2．重力大小为G的小物块，静止在球形碗内的图示位置．物块受到的支持力大小为N，摩擦力大小为f，则（）A．G=N+f B．G=N C．G＜f D．G＞f3．光滑的金属线框abcd处在方向竖直向上的匀强磁场中，线框从图示位置由静止释放，到接近水平位置的过程中，则（）A．线框的机械能守恒B．穿过线框的磁通量逐渐增大C．线框有abcda方向的感应电流D．穿过线框磁通量的变化率逐渐增大4．如图，在赤道平面内，绕地球做圆周运动的人造卫星a、b质量相同，某时刻两卫星与地心恰好在同一直线上，则（）A．a所需的向心力较小B．a、b所需的向心力一样大C．b绕地球运行的角速度较小D．a、b绕地球运行的角速度一样大5．小球沿斜面做匀加速直线运动．在A位置开始计时，连续相等时间t内记录到小球位置如图，d1、d2、d3分别为位置B、C、D到A的距离．则（）A．（d3﹣d2）=（d2﹣d1）B．小球在B时的速度为C．小球在C时的速度为D．小球运动的加速度为6．图a所示的理想变压器，原线圈接入电压变化规律如图b所示的交流电源，则（）A．原线圈电压的瞬时值为u=220sin100πt（V）B．变压器的输出电压为44VC．原线圈电流的频率为10HzD．变压器的输出功率小于输入功率7．如图，拉动齿条可使玩具陀螺转动起来，设每次拉出齿条的长度都相同，则（）A．拉力F越大，陀螺获得的动能越大B．拉出齿条的过程，系统机械能守恒C．拉力F做功全部转化为陀螺的动能D．拉力F越大，拉大F的功率就越大8．如图，点电荷Q形成的电场中有A，B两点，已知A的电势为﹣15V，B点的电势为﹣20V，则（）A．点电荷Q带负电B．A点的电场强度比B点的大C．A、B两点的电势差U AB=5VD．检验电荷+q在A点时具有的电势能比在B点时的小二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学用20分度的游标卡尺测量一细金属管的壁厚．测量金属管外径时游标卡尺的示数如图（a）所示，测量金属管内径时的示数如图（b）所示．图（a）所示的读数为 cm，图（b）所示读数为cm，金属管的壁厚为mm．10．利用图（a）的电路，可在测定电源电动势E和内阻r的同时描绘小灯泡L的伏安特性曲线．（结果保留2位小数）（1）按图（a）的电路，将图（b）所示的实物连线补画完整．（2）连接好电路后，将开关s闭合，完成下列步骤中的填空：①为测定电源的电动势E和内阻r，调节电阻箱R N的阻值．当R N为11.0Ω时，理想电流表的示数为0.200A，理想电压表的示数为0.40V；②调节电阻箱R N，当R N为2.2Ω时，电流表的示数为0.400A，电压表的示数为1.32V；③则可求得电源的电动势E= V；内阻r= Ω；④为描绘小灯泡L的伏安特性曲线，保持s闭合，反复调节电阻箱R N的阻值，记录电压表的示数U及电流表对应的示数I，得到若干组U、I的数据，在坐标纸上作出该灯泡的U﹣I图象如图（c）所示．由图可知，该灯泡的电阻随温度的变化情况是：温度升高，电阻．11．我国某城市某交通路口绿灯即将结束时会持续闪烁3s，而后才会变成黄灯，再3秒黄灯提示后再转为红灯．（本题中的刹车过程均视为匀减速直线运动）（1）若某车在黄灯开始闪烁时刹车，要使车在黄灯闪烁的时间内停下来且刹车距离不得大于18m，该车刹车前的行驶速度不能超过多少？（2）若某车正以v0=15m/s的速度驶向路口，此时车距停车线的距离为L=48.75m，当驾驶员看到绿灯开始闪烁时，经短暂考虑后开始刹车，该车在红灯刚亮时恰停在停车线以内．求该车驾驶员的允许的考虑时间．12．如图，一半径为R的圆表示一柱形区域的横截面（纸面）．在柱形区域内加一方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，一质量为m、电荷量为q的带正电粒子以某一初速度v0（未知）从a点沿直径aOb方向射入柱形区域（磁场），从圆上的C点离开该区域，已知Oc与Ob成60°角，回答下列问题：（1）求粒子初速度V0的大小；（2）若将该粒子的初速度减为v0，仍从a点沿原来的方向射入磁场，则粒子从圆上的d 点离开该区域，求cd间的距离；（3）若将磁场换为平行于纸面且垂直ab的匀强电场，让该粒子以V0仍从a点沿ab方向射入匀强电场，粒子也从c点离开该区域，求电场强度的大小．三、选考题：共45分。

高三物理上学期第一周周考试卷

咐呼州鸣咏市呢岸学校滁学高三〔上〕第一周周考物理试卷一、选择题〔1-6题单项选择，7-10题多项选择〕1．运发动手持球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为M、m，球拍平面和水平面之间的夹角为θ，球拍与球保持相对静止，它们间摩擦及空气阻力不计，那么〔〕A．运发动的加速度为gtanθB．球拍对球的作用力C．运发动对球拍的作用力为MgcosθD．假设加速度大于gsinθ，球一沿球拍向上运动2．中国局秘书长田玉龙3月6日证实，将在年底发射高分四号卫星，这是中国首颗地球同步轨道高时间分辨率对地观测卫星．如下图，A是静止在赤道上随地球自转的物体；B、C是同在赤道平面内的两颗人造卫星，B位于离地高度于地球半径的圆形轨道上，C是高分四号卫星．那么以下关系正确的选项是〔〕A．物体A随地球自转的角速度大于卫星B的角速度B．卫星B的线速度大于卫星C的线速度C．物体A随地球自转的加速度大于卫星C的加速度D．物体A随地球自转的周期大于卫星C的周期3．如下图为一直流电路，电源内阻不能忽略，但R0大于电源内阻，滑动变阻器的最大阻值小于R，当滑动变阻器滑片P从滑动变阻器的最右端滑向最左端的过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．电压表的示数一直增大B．电流表的示数一直增大C．电阻R0消耗的功率一直增大D．电源的输出功率一直增大4．如下图，在MNQP中有一垂直纸面向里匀强磁场．质量和电荷量都相的带电粒子a、b、c以不同的速率从O点沿垂直于PQ的方向射入磁场，图中实线是它们的轨迹．O是PQ的中点，不计粒子重力．以下说法中正确的选项是〔〕A．粒子a带负电，粒子b、c带正电B．射入磁场时粒子a的速率最小C．射出磁场时粒子b的动能最小D．粒子c在磁场中运动的时间最长5．某同学设计的“电磁弹射〞装置如下图，足够长的光滑金属导轨〔电阻不计〕水平固放置，间距为l，磁感强度大小为B的磁场垂直于轨道平面向下．在导轨左端跨接电容为C的电容器，另一质量为m、电阻为R的导体棒垂直于导轨摆放．先断开电键S，对电容器充电，使其带电量为Q，再闭合电键S，关于该装置及导体棒的运动情况以下说法正确的选项是〔〕A．要使导体棒向右运动，电容器的b极板带正电B．导体棒运动的最大速度为C．导体棒运动过程中，流过导体棒横截面的电量为QD．导体棒运动过程中感电动势的最大值为6．关于气体热现象的微观解释，以下说法中错误的选项是〔〕A．密闭在容器中的气体，在某一时刻向各个方向运动的气体分子数目根本相B．大量气体分子的速率有大有小，但是按“中间多，两头少〞的规律分布C．气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度这两个因素有关D．一质量的理想气体，温度不变，体积减小时，气体的内能一增大7．如图，在半径为R圆环圆心O正上方的P点，将一小球以速度v0水平抛出后恰能从圆环上Q点沿切线飞过，假设OQ与OP间夹角为θ，不计空气阻力．那么〔〕A．从P点运动到Q点的时间为t=B．从P点运动到Q点的时间为t=C．小球运动到Q点时的速度为v Q=D．小球运动到Q点时的速度为v Q=8．如图1所示，水平轨道Ⅰ、Ⅱ平滑连接于b点．一物体以水平速度v0从a点进入轨道，轨道Ⅰ、Ⅱ的动摩擦因数为不同常数，假设物体仅在轨道Ⅱ受水平向左的恒力F作用，其v﹣t图象如图2所示，那么在0到7s内〔〕A．物体在轨道Ⅰ受到的滑动摩擦力比轨道Ⅱ的大B．物体在轨道Ⅰ受到的滑动摩擦力小于FC．物体在轨道Ⅰ、Ⅱ受到的摩擦力做功之比为4：1D．物体在轨道Ⅱ受到的摩擦力做的功与F做的功之比为3：59．一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E P随位移x变化的关系如下图，其中O～x2段是对称的曲线，x2～x3是直线段，那么以下判断正确的选项是〔〕A．x1处电场强度最大B．x2～x3段是匀强电场C．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3D．粒子在O～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动10．一简谐波在如下图的x轴上传播，实线和虚线分别是t1=0和t2=0.2s时刻的波形图．那么以下说法正确的选项是〔〕A．假设该波在t1=0时刻已沿+x方向传播到x=6m处，那么波源起振方向向下B．假设该波与另一频率为5Hz的简谐波相遇时发生干预，那么该波沿+x方向传播C．假设该波在t2=0.2s时刻，x=m处的质点向﹣y方向运动，那么该波向+x方向传播D．假设该波的传播速度是75m/s，那么该波沿﹣x方向传播二、计算题11．如下图为一传送带装置模型，斜面的倾角θ，底端经一长度可忽略的光滑圆弧与足够长的水平传送带相连接，质量m=2kg 的物体从高h=30cm的斜面上由静止开始下滑，它与斜面的动摩擦因数μ1=0.25，与水平传送带的动摩擦因数μ2=0.5，物体在传送带上运动一段时间以后，物体又回到了斜面上，如此反复屡次后最终停在斜面底端．传送带的速度恒为v=m/s，tanθ=0.75，g取10m/s2．求：〔1〕物体第一次滑到底端的速度大小；〔2〕从滑上传送带到第一次离开传送带的过程中，求传送带对物体所做功及物体对传送带做功．〔3〕从物体开始下滑到最终停在斜面底端，物体在斜面上通过的总路程．12．如下图，在长为L=57cm的一端封闭、另一端开口向上的竖直玻璃管内，用4cm高的水银柱封闭着51cm 长的理想气体，管内外气体的温度均为33℃，大气压强p0=76cmHg．①假设缓慢对玻璃管加热，当水银柱上外表与管口刚好相平时，求管中气体的温度；②假设保持管内温度始终为33℃，现将水银缓慢注入管中，直到水银柱上外表与管口相平，求此时管中气体的压强．13．如下图，两光滑金属导轨，间距d=0.2m，在桌面上的是水平的，处在磁感强度B=0.1T、方向竖直向下的有界磁场中．电阻R=3Ω．桌面高H=0.8m，金属杆ab质量m=0.2kg，电阻r=1Ω，在导轨上距桌面h=0.2m 的高处由静止释放，落地点距桌面左边缘的水平距离s=0.4m，g=10m/s2．求：〔1〕金属杆刚进入磁场时，R上的电流大小．〔2〕整个过程中R上放出的热量．滁学高三〔上〕第一周周考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔1-6题单项选择，7-10题多项选择〕1．运发动手持球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为M、m，球拍平面和水平面之间的夹角为θ，球拍与球保持相对静止，它们间摩擦及空气阻力不计，那么〔〕A．运发动的加速度为gtanθB．球拍对球的作用力C．运发动对球拍的作用力为MgcosθD．假设加速度大于gsinθ，球一沿球拍向上运动【考点】共点力平衡的条件及其用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题，不计摩擦力，分析球的受力情况，作出力图，根据牛顿第二律求解加速度和球拍对球的作用力；分析球竖直方向的受力情况，判断球能否向上运动．【解答】解：A、B、C对球：受到重力mg和球拍的支持力N，作出力图如图，根据牛顿第二律得：Nsinθ=maNcosθ=mg解得，a=gtanθ，N=，故A正确、B正确；以球拍和球整体为研究对象，如图2，根据牛顿第二律得：运发动对球拍的作用力为F=，故C错误．D、当a＞gtanθ时，球将向上运动，由于gsinθ与gtanθ的大小关系未知，故球不一沿球拍向上运动．故D错误．应选：AB．【点评】此题是两个作用下产生加速度的问题，分析受力情况是解答的关键，运用正交分解，根据牛顿第二律求解．2．中国局秘书长田玉龙3月6日证实，将在年底发射高分四号卫星，这是中国首颗地球同步轨道高时间分辨率对地观测卫星．如下图，A是静止在赤道上随地球自转的物体；B、C是同在赤道平面内的两颗人造卫星，B位于离地高度于地球半径的圆形轨道上，C是高分四号卫星．那么以下关系正确的选项是〔〕A．物体A随地球自转的角速度大于卫星B的角速度B．卫星B的线速度大于卫星C的线速度C．物体A随地球自转的加速度大于卫星C的加速度D．物体A随地球自转的周期大于卫星C的周期【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度和周期，根据v=rω，a=rω2比拟线速度的大小和向心加速度的大小，根据万有引力提供向心力比拟B、C的线速度、周期大小．【解答】解：A、地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度，所以ωA=ωC，根据万有引力提供向心力=mω2r=m r=ma=mω=，所以卫星B的角速度大于卫星C角速度，所以物体A随地球自转的角速度小于卫星B的角速度，故A错误；B、v=，所以卫星B的线速度大于卫星C的线速度，故B正确；C、根据a=ω2r，物体A随地球自转的加速度小于卫星C的加速度，故C错误；D、地球赤道上的物体与同步卫星C有相同的角速度，所以物体A随地球自转的周期于卫星C的周期，故D 错误；应选：B．【点评】地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度和周期，根据v=rω，a=rω2比拟线速度的大小和向心加速度的大小，根据万有引力提供向心力比拟b、c的线速度、角速度、周期和向心加速度大小．3．如下图为一直流电路，电源内阻不能忽略，但R0大于电源内阻，滑动变阻器的最大阻值小于R，当滑动变阻器滑片P从滑动变阻器的最右端滑向最左端的过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．电压表的示数一直增大B．电流表的示数一直增大C．电阻R0消耗的功率一直增大D．电源的输出功率一直增大【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】先分析电路结构，由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，那么由闭合电路欧姆律可得出电路中电流的变化及路端电压的变化，再分析局部电路可得出电流表中示数的变化，根据功率公式判断功率变化情况．【解答】解：A、根据电路图可知，滑动变阻器的左半与R串联后与变阻器的右半并联后再与R0串联，接入电源，P向左滑动时，由于滑动变阻器的最大阻值小于R，所以并联电阻增大，那么总电阻增大，电路中总电流减小，电源的内电压以及R0所占电压都减小，那么由闭合电路欧姆律可知，电压表示数增大，故A正确；B、电流表测量干路电流，根据A的分析可知，电流表示数减小，故B错误；C、根据可知，I减小，那么功率减小，故C错误；D、当外电路电阻于电源内阻时，电源的输出功率最大，而R0大于电源内阻，所以随着外电阻增大，电源的输出功率一直减小，故D错误；应选：A【点评】分析闭合电路的欧姆律的动态分析的题目时，一般要按先外电路、再内电路、后外电路的思路进行分析；分析电路中的路端电压、总电流及电路的电流及电压变化．4．如下图，在MNQP中有一垂直纸面向里匀强磁场．质量和电荷量都相的带电粒子a、b、c以不同的速率从O点沿垂直于PQ的方向射入磁场，图中实线是它们的轨迹．O是PQ的中点，不计粒子重力．以下说法中正确的选项是〔〕A．粒子a带负电，粒子b、c带正电B．射入磁场时粒子a的速率最小C．射出磁场时粒子b的动能最小D．粒子c在磁场中运动的时间最长【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】根据粒子运动轨迹由左手那么判断粒子的电性；粒子在磁场中做圆周运动，由牛顿第二律求出粒子的速度，然后求出粒子的动能；根据粒子做圆周运动的周期与转过的圆心角比拟粒子运动时间．【解答】解：A、根据左手那么知粒子a带正电，粒子b、c带负电，故A错误；B、粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二律得：qvB=m，解得：v=，射入磁场时粒子c的半径最小，那么速率最小．故B错误；C、粒子的动能E K=mv2=，由于：q、B、m都相同，因此r越大，粒子动能越大，由图示可知，b 的轨道半径r最大，那么b粒子动能最大；c的半径最小，那么动能最小．故C错误；D、粒子在磁场中做圆周运动的周期：T=相同，粒子在磁场中的运动时间：t=T=，由于m、q、B都相同，粒子c转过的圆心角θ最大，那么射入磁场时c的运动时间最大，故D正确；应选：D．【点评】带电粒子在磁场、质量及电量相同情况下，运动的半径与速率成正比，从而根据运动圆弧来确速率的大小．5．某同学设计的“电磁弹射〞装置如下图，足够长的光滑金属导轨〔电阻不计〕水平固放置，间距为l，磁感强度大小为B的磁场垂直于轨道平面向下．在导轨左端跨接电容为C的电容器，另一质量为m、电阻为R的导体棒垂直于导轨摆放．先断开电键S，对电容器充电，使其带电量为Q，再闭合电键S，关于该装置及导体棒的运动情况以下说法正确的选项是〔〕A．要使导体棒向右运动，电容器的b极板带正电B．导体棒运动的最大速度为C．导体棒运动过程中，流过导体棒横截面的电量为QD．导体棒运动过程中感电动势的最大值为【考点】导体切割磁感线时的感电动势；安培力．【专题】电磁感与电路结合．【分析】导体棒向右运动，说明安培力向右，可判电流方向，进而可知电容器极板电性；导体棒运动时将形成与原电流相反的感电动势，同时电容器两端电压降低，导体棒两端电压升高，当二者相时，导体棒匀速运动，由此可解答BCD．【解答】解：A、导体棒向右运动，安培力向右，由左手那么可知电流方向向下，那么a带正电，故A错误．B、当导体棒两端的电压与电容两端的电压相时，导体棒做匀速运动，此时有BLv=，根据动量理得：B=mv=Bq′L，其中：q′=Q﹣q，联立三式解得：，故B正确．C、导体棒运动过程中，极板电荷不会放完，故流过导体棒横截面的电量小于Q，故C错误．D、导体棒运动的最大速度为，故导体棒运动过程中感电动势的最大值为：E=，故D错误．应选：B．【点评】该题的关键是判最大速度，要明确其条件是感电动势于电容器两端的电压，结合动量理可解结果．6．关于气体热现象的微观解释，以下说法中错误的选项是〔〕A．密闭在容器中的气体，在某一时刻向各个方向运动的气体分子数目根本相B．大量气体分子的速率有大有小，但是按“中间多，两头少〞的规律分布C．气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度这两个因素有关D．一质量的理想气体，温度不变，体积减小时，气体的内能一增大【考点】分子的热运动；物体的内能．【分析】分子的运动杂乱无章，在某一时刻，向着任何一个方向运动的分子都有，而且向各个方向运动的气体分子数目都相，分子的速率按“中间多，两头少〞的规律分布，气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度这两个因素有关．【解答】解：A、虽然分子的运动杂乱无章，在某一时刻，向着任何一个方向运动的分子都有在一个正方体容器里，任一时刻与容器各侧面碰撞的气体分子数目根本相同，故A正确；B、大量气体分子的速率有大有小，但是按“中间多，两头少〞的规律分布；故B正确；C、气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度这两个因素有关大；故C正确；D、温度是分子平均动能的标志，一质量的理想气体，温度不变，那么气体的内能一不变；故D错误；此题选择错误的；应选：D【点评】此题考查了分子动理论的知识，还有影响气体压强的因素．要注意明确温度升高时并不是所有分子的速率都增大，但平均运动一增大．7．如图，在半径为R圆环圆心O正上方的P点，将一小球以速度v0水平抛出后恰能从圆环上Q点沿切线飞过，假设OQ与OP间夹角为θ，不计空气阻力．那么〔〕A．从P点运动到Q点的时间为t=B．从P点运动到Q点的时间为t=C．小球运动到Q点时的速度为v Q=D．小球运动到Q点时的速度为v Q=【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】小球做平抛运动，根据圆的几何知识可以求得小球在水平方向的位移的大小，根据水平方向的匀速直线运动可以求得时间的大小．根据平行四边形那么求出Q点的速度．【解答】解：A、过Q点做OP的垂线，根据几何关系可知，小球在水平方向上的位移的大小为Rsinθ，根据Rsinθ=v0t，可得时间为：t=，故A正确，B错误．C、根据几何关系知，Q点的速度方向与水平方向的夹角为θ，根据平行四边形那么知，小球运动到Q点时的速度为v Q=，故C错误，D正确．应选：AD．【点评】此题对平抛运动规律的直接的用，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．8．如图1所示，水平轨道Ⅰ、Ⅱ平滑连接于b点．一物体以水平速度v0从a点进入轨道，轨道Ⅰ、Ⅱ的动摩擦因数为不同常数，假设物体仅在轨道Ⅱ受水平向左的恒力F作用，其v﹣t图象如图2所示，那么在0到7s内〔〕A．物体在轨道Ⅰ受到的滑动摩擦力比轨道Ⅱ的大B．物体在轨道Ⅰ受到的滑动摩擦力小于FC．物体在轨道Ⅰ、Ⅱ受到的摩擦力做功之比为4：1D．物体在轨道Ⅱ受到的摩擦力做的功与F做的功之比为3：5【考点】匀变速直线运动的图像；功的计算．【专题】功的计算专题．【分析】分析v﹣t图象，由图象可明确物体运动加速度的情况，再根据受力分析明确摩擦力大小；由功的公式确做功之比．【解答】解：A、由图可知，物体在轨道II中的加速度小于轨道1中的加速度，因轨道II中受到向左的拉力，故说明轨道II中的摩擦力一小于轨道I中的摩擦力；故A正确；B、对各过程分析可知，物体在轨道1上的加速度a1=；轨道II上减速过程a2=；反向加速过程为a3=；那么由牛顿第二律可知：f1=；F=；f2=；那么可知轨道Ⅰ受到的滑动摩擦力大于F；故B错误；C、由B的分析可知，摩擦力大小之比为：16：3；由图象可知，经历的路程之比为：3：4；那么由功的公式可知，做功之比为：4：1；故C正确；D、轨道II上摩擦力一直做负功；而拉力先做负功再做正功，做功的代数和为零；故D错误；应选：A．【点评】此题考查功的公式、对v﹣t图象的认识及牛顿第二律内容，要注意能正确从v﹣t图象中得出可用的物理规律．9．一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E P随位移x变化的关系如下图，其中O～x2段是对称的曲线，x2～x3是直线段，那么以下判断正确的选项是〔〕A．x1处电场强度最大B．x2～x3段是匀强电场C．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3D．粒子在O～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电势能与电势的关系：E p=qφ，场强与电势的关系：E=，结合分析图象斜率与场强的关系，即可求得x1处的电场强度；根据能量守恒判断速度的变化；由E p=qφ，分析电势的上下．由牛顿第二律判断加速度的变化，即可分析粒子的运动性质．根据斜率读出场强的变化．【解答】解：A、根据电势能与电势的关系：E p=qφ，场强与电势的关系：E=，得：E=由数学知识可知E p﹣x图象切线的斜率于，x1处切线斜率为零，那么x1处电场强度为零，故A错误．B、D、由图看出在0～x1段图象切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动．x1～x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动．x2～x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故B正确，D错误；C、根据电势能与电势的关系：E p=qφ，因粒子带负电，q＜0，那么知电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：φ1＞φ2＞φ3．故C正确．应选：BC【点评】此题以图象的形式考查静电场的场强、电势、电势能相关知识；解决此题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据力学根本规律：牛顿第二律进行分析电荷的运动情况．10．一简谐波在如下图的x轴上传播，实线和虚线分别是t1=0和t2=0.2s时刻的波形图．那么以下说法正确的选项是〔〕A．假设该波在t1=0时刻已沿+x方向传播到x=6m处，那么波源起振方向向下B．假设该波与另一频率为5Hz的简谐波相遇时发生干预，那么该波沿+x方向传播C．假设该波在t2=0.2s时刻，x=m处的质点向﹣y方向运动，那么该波向+x方向传播D．假设该波的传播速度是75m/s，那么该波沿﹣x方向传播【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】振动图像与波动图像专题．【分析】发生干预的条件是两列波的频率相同，由相同的频率求出周期从而判断波的传播方向；t2=0.2s时刻，x=m处的质点向﹣y方向运动，那么波源在右边，波向左传播；根据s=vt求出该波传播的距离，然后判断传播距离为波长的多少倍，从而判断波的传播方向；判断t=0时刻，x=6m处质点的振动方向，继而判断出波源的振动方向【解答】解：A、假设该波在t1=0时刻已沿+x方向恰传播到x=6m处，从t=0时刻的波形图上判断x=6m的质点与x=2m处质点运动情况相同，其前面的点〔波向右传播，左边为前〕在其上方，那么此质点将向上运动，所有质点的起振方向是一致的，故波源起振方向向上，故A错误；B、频率为5Hz的简谐波周期为T==0.8s，那么，根据波的平移法实线右移波长为虚线波形，那么波向右传播，即该波沿+x方向传播，故B正确；C、t2=0.2s时刻，x=m处的质点向﹣y方向运动，那么波源在右侧，波向﹣x方向传播，C错误；D、根据s=vt=75m/s×0.2s=15m，，即传播距离为3λ，根据波的平移法，波向左平移波长为虚线波形，故波向﹣x方向传播，D正确．应选：BD【点评】解决此题的前提是能熟练根据传播方向判断质点运动方向以及能根据波的传播方向判断质点振动方向，且熟悉波的平移法．二、计算题11．如下图为一传送带装置模型，斜面的倾角θ，底端经一长度可忽略的光滑圆弧与足够长的水平传送带相连接，质量m=2kg 的物体从高h=30cm的斜面上由静止开始下滑，它与斜面的动摩擦因数μ1=0.25，与水平传送带的动摩擦因数μ2=0.5，物体在传送带上运动一段时间以后，物体又回到了斜面上，如此反复屡次后最终停在斜面底端．传送带的速度恒为v=m/s，tanθ=0.75，g取10m/s2．求：〔1〕物体第一次滑到底端的速度大小；〔2〕从滑上传送带到第一次离开传送带的过程中，求传送带对物体所做功及物体对传送带做功．〔3〕从物体开始下滑到最终停在斜面底端，物体在斜面上通过的总路程．【考点】动能理的用；牛顿第二律．【专题】动能理的用专题．【分析】〔1〕根据动能理求出物体到达底端的速度；〔2〕分析物体的运动过程，明确物体对传送带的作用力，根据功的性质可求得物体对传送带所做的功；〔3〕物体在传送带上运动的过程中，摩擦力做功为零，对全过程运用动能理，求出物体在斜面上通过的总路程．【解答】解：〔1〕对物体从静止开始到达底端的过程运用动能理得：﹣0代入数据解得：v1=2m/s，〔2〕物体受到传送带的摩擦力F f=μmg 得加速度a=μ2g=5m/s2，到最右端的时间t1===0.4s，物体返回到传送带的左端也为t1因为第一次物体滑上传送带的速度小于传送带的速度，故物体回到传送带的速度也为v0由动能理得到，摩擦力对物体做功为0传送带的位移x=vt=2vt1=2m；物体对传送带做功W=F f x代入计算得W=20J〔3〕从物体开始下滑到最终停在斜面底端全过程由动能理mgh=μ1mgs总cosθ代入数据得s总=m答：〔1〕物体第一次滑到底端的速度大小为2m/s；〔2〕从滑上传送带到第一次离开传送带的过程中，传送带对物体所做功及物体对传送带做功为20J．〔3〕从物体开始下滑到最终停在斜面底端，物体在斜面上通过的总路程为m．【点评】解决此题的关键理清物体在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二律、运动学公式和动能理进行求解，知道物体在传送带上运动的过程中，摩擦力做功的代数和为零．12．如下图，在长为L=57cm的一端封闭、另一端开口向上的竖直玻璃管内，用4cm高的水银柱封闭着51cm 长的理想气体，管内外气体的温度均为33℃，大气压强p0=76cmHg．①假设缓慢对玻璃管加热，当水银柱上外表与管口刚好相平时，求管中气体的温度；②假设保持管内温度始终为33℃，现将水银缓慢注入管中，直到水银柱上外表与管口相平，求此时管中气体的压强．【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强．。

高三物理上学期第8轮周考试题

咐呼州鸣咏市呢岸学校2021—2021(1)高级第8轮周考物理试题考试时间：90分钟，总分值100分一、单项选择题〔每题4分，计40分〕1.如下图，A、B为两块水平放置的金属板，通过开关S分别与电源两极相连，两板各有一个小孔a和b。

在a孔正上方某处有一带电质点由静止开始下落，假设不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰为零，然后返回。

现要使带电质点能穿过b孔，那么可行的方法是( )A．保持S闭合，将A板适当上移B．保持S闭合，将B板适当下移C．先断开S，再将A板适当上移D．先断开S，再将B板适当下移2.初动能为E k的带电粒子以速度v o垂直于电场方向射入平行金属板间的匀强电场中，射离电场时动能为2E k；假设该粒子射入同一电场时的初速度为2v o，那么它射离该电场时的动能为〔〕A．4E k B．5E k C．E k D．5E k3.在如下图的电路中，R1、R2、R3和R4皆为值电阻，R5 为可变电阻，电源的电动势为ε，内阻为r。

设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U。

当R5的滑动触点向图中a端移动时〔〕A．I变大，U变小 B． I变大，U变大C．I变小，U变大 D． I变小，U变小4.如下图为大型电子地磅电路图，电源电动势为E，内阻不计。

不称物体时，滑片P在A端，滑动变阻器接入电路的有效电阻最大，电流最小；称重物时，在BOAα 压力作用下使滑片P 下滑，滑动变阻器有效电阻变小，电流变大。

这样把电流对的重量值刻在刻度盘上，就可以读出被称物体的重量值。

假设滑动变阻器上A 、B 间距离为L ，最大阻值于值电阻0R 的阻值，两弹簧的总弹力与形变量成正比，比例系数为K ，那么所称重物的重量G 与电流大小I 的关系为〔〕A.02EKL G KL IR =-B.G KL =C. 0EG KL IR =+ D.G KIL = 5. 一束几种不同的正离子, 垂直射入正交的匀强磁场和匀强电场区域里, 离子束保持原运动方向未发生偏转. 接着进入另一匀强磁场, 发现这些离子分成几束如图. 对这些离子, 可得出结论 ( )A ．它们的动能一各不相同B ．它们的电量一各不相同C ．它们的质量一各不相同D ．它们的荷质比一各不相同6．如图,用丝线吊一个质量为m 的带电(绝缘)小球处于匀强磁场中,小球在平衡位置两侧做往复运动，空气阻力不计,那么小球相邻两次经过O 点时( )A ．小球的动能相同B ．丝线所受的拉力相同C ．小球所受的洛伦兹力相同D ．小球的向心加速度不相同7．如下图，在互相垂直的匀强电场和匀强磁场中，电量q 的液滴做半径为R 的匀速圆周运动，电场强度为E ，磁感强度为B ，那么油滴的质量和环绕速度分别为：〔〕 A ．Eq/g ，BgR/E ； B ．B 2qR/E ，E/B ；C ．BgRq /，qRgD ．Eq/g ，E/B ；8.如下图为电视机显像管及其偏转线圈(L)的示意图，如果发现电视画面的幅度比正常时偏小，不可能是以下什么原因引起的〔〕 A ．电子枪发射能力减弱，电子数减少 B ．加速电场的电压过高，电子速率偏大 C ．偏转线圈匝间短路，线圈匝数减少D．偏转线圈的电流过小，偏转磁场减弱9．如图，带电平行金属板中匀强电场方向竖直向上，匀强磁场方向垂直纸面向里，带电小球从光滑绝缘轨道上的a点由静止滑下，经过1/4圆弧轨道从端点P〔切线水平〕进入板间后恰好沿水平方向做直线运动，现使带电小球从比a点稍低的b点由静止滑下，在经过P点进入板间的运动过程中( ) A．带电小球的动能将会减小 B．带电小球的电势能将会增大C．带电小球所受洛伦兹力将会减小 D．带电小球所受电场力将会增大10.如下图，abcd是由粗细均匀的电阻丝制成的正方形线框，导体棒MN是由相同的电阻丝制成的，可在ad边与bc边上无摩擦滑动，且接触良好，线框处于垂直纸面向里的匀强磁场中．当MN棒由靠ab边处向cd边匀速移动的过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．MN棒中电流保持不变 B．MN棒两端电压先减小后增大C．MN棒上拉力的功率先增大后减小 D．矩形线框中消耗的电功率先增大后减小二、填空题〔每题6分，计30分〕11.用长为L的绝缘细线拴一个质量为m，电荷量为+q的小球，如下图，线的另一端固在水平方向的匀强电场中，开始时将带电小球拉到使线成水平的位置A，此时绳子恰好伸直，让小球由静止从A点向下摆动，小球向左偏离竖直方向最大角度θ=37°，那么匀强电场场强为。

高三物理上学期第一次周考试卷

咐呼州鸣咏市呢岸学校野寨高三第一次周考物理试卷一、选择题1．一质量为m的物体静止放在光滑的水平面上，今以恒力F沿水平方向推该物体，在相同的时间间隔内，以下说法正确的选项是A．物体的位移相B．物体速度的变化量相C．F对物体做的功相D．恒力F的平均功率相2．负重奔跑是体能训练的常用方式之一，如下图的装置是运发动负重奔跑的跑步机．运发动质量为m1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮悬挂质量为m2的重物，人用力向后蹬，使传送带沿顺时针方向转动，下面说法正确的选项是A．假设m2静止不动，运发动对传送带的摩擦力大小为m1gB．假设m2静止不动，传送带转动越快，运发动对传送带的摩擦力也越大C．假设m2匀速上升时，上升速度越大，运发动对传送带的摩擦力也越大D．假设m2匀加速上升时，m1越大，运发动对传送带的摩擦力也越大3．如下图，两个物体以相同大小的初始速度从空中O点同时分别向x轴正负方向水平抛出，它们的轨迹恰好是抛物线方程y=x2，重力加速度为g，那么以下说法正确的选项是A．初始速度为B．初始速度为C．O点的曲率半径为D．O点的曲率半径为2k4．2010年10月1日18时59分57秒，随着嫦娥二号在西昌卫星发心升空，中国探月工程二期揭开序幕．在经历了星箭别离、卫星入轨、中途修正、约111小时近35万公里的行程后，时间6日11时6分，在飞行控制中心的精确控制下，嫦娥二号卫星实施第一次近月制动，32分钟后，卫星顺利进入周期约12小时的椭圆环月轨道，为嫦娥二号最终进入“使命轨道〞进行探测活动奠了坚实根底．联系所学的物理知识，进行的以下推断正确的选项是A．在点火阶段，由于平均加速度很难超过重力加速度，所以该阶段为失重阶段B．嫦娥二号卫星实施近月制动后，速度会减小，动能转化为势能，卫星会靠近月球C．假设嫦娥二号的轨道半径和周期，就可以算出卫星的质量D．嫦娥二号卫星的质量减小，那么飞船速率会减小5．均匀带电的球壳在球外空间产生的电场效于电荷集中于球心处产生的电场．如下图，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM=ON=2R．M点的场强大小为E，那么N点的场强大小为A．﹣E B．C．﹣ED．+E6．图中虚线是用方法描绘出的某一静电场的一簇势线及其电势的值，一带电粒子只在电场力作用下飞经该电场时，恰能沿图中的实线AC运动，那么以下判断正确的选项是A．粒子一带负电B．粒子在A点的电势能大于在C点的电势能C．A点的场强小于C点的场强D．粒子在A点的动能大于在C点的动能7．如下图，轻弹簧两端分别固在长木板a的左端和物块b上．开始时，a和b都静止，一切摩擦均不计．用大、反向的恒力F1和F2分别拉a和b，那么从a和b开始运动以后的整个过程中，对a、b和弹簧组成的系统来说，以下判断中正确的选项是A．由于F1和F2大反向，所以弹簧所受合力外为零，不发生形变B．由于F1和F2大反向，合力不做功，系统动量守恒、机械能守恒C．弹簧弹力和F1、F2大小相时，a和b的动能最大D．弹簧伸长最大时，a和b速度为零，系统机械能也为零二、8．用螺旋测微器测小球直径时，示数如图甲所示，这时读出的数值是mm；用游标卡尺测量一支铅笔的长度，测量结果如图乙所示，由此可知铅笔的长度是cm．9．在研究平抛物体运动的中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm，假设小球在平抛运动中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，那么小球平抛的初速度的计算式为V0= ，其值是10．发光二极管近年来被人们誉为是本的型光源．有一些手灯就是用几个发光二极管并联后作为光源使用的，其发光效率很高．它在正常工作时，正向压降约V，电流在20mA左右．现取这样一只发光二极管，现要测量它的伏安特性，另提供有以下的器材：A．电流表A1B．电流表A2C．电压表V1D．电压表V2E．滑动变阻器R1F．滑动变阻器R2除稳压直流电源E、开关和带夹子的导线假设干外，还需选用的其它器材有；在虚线方框中画出电路图．11．完整的撑杆跳高过程可以简化成如下图的三个阶段：持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落．在第二奥运会比赛中，俄罗斯女运发动伊辛巴耶娃以5.05m的成绩打破纪录．设伊辛巴耶娃从静止开始以加速度a=1.25m/s2匀加速助跑，速度到达v=9.0m/s时撑杆起跳，到达最高点时过杆的速度不计，过杆后做自由落体运动，重心下降h2=4.05m时身体接触软垫，从接触软垫到速度减为零的时间t=0.90s．伊辛巴耶娃的质量m=65kg，重力加速度g取10m/s2，不计空气的阻力．求：伊辛巴耶娃起跳前的助跑距离；假设伊辛巴耶娃从接触软垫到速度减为零的过程中做匀减速运动，求软垫对她的作用力大小．12．“电子能量分析器〞主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成．偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为R A和R B的圆金属半球面A和B构成，A、B为电势值不的势面，其过球心的截面如下图．一束电荷量为e、质量为m的电子以不同的动能从偏转器左端M的间小孔垂直入射，进入偏转电场区域，最后到达偏转器右端的探测板N，其中动能为E k0的电子沿势面C做匀速圆周运动到达N板的间．忽略电场的边缘效．判断半球面A、B的电势上下，并说明理由；求势面C所在处电场强度E的大小；假设半球面A、B和势面C的电势分别为φA、φB和φC，那么到达N板左、右边缘处的电子，经过偏转电场前、后的动能改变量△E K左和△E K右分别为多少？比拟|△E K左|和|△E K右|的大小，并说明理由．13．如下图为放置在竖直平面内游戏滑轨的模拟装置，滑轨由四粗细均匀的金属杆组成，其中倾斜直轨AB 与水平直轨CD长均为L=3m，圆弧形轨道APD和BQC均光滑，AB、CD与两圆弧形轨道相切，BQC的半径为r=1m，APD的半径为R=2m，O2A、O1B与竖直方向的夹角均为θ=37°．现有一质量为m=1kg的小球穿在滑轨上，以E k0的初动能从B点开始沿AB向上运动，小球与两段直轨道间的动摩擦因数均为μ=，设小球经过轨道连接处均无能量损失．求：要使小球能够通过弧形轨道APD的最高点，初动能E K0至少多大？求小球第二次到达D点时的动能；小球在CD段上运动的总路程．两问中的E K0取第问中的数值〕野寨高三第一次周考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．一质量为m的物体静止放在光滑的水平面上，今以恒力F沿水平方向推该物体，在相同的时间间隔内，以下说法正确的选项是A．物体的位移相B．物体速度的变化量相C．F对物体做的功相D．恒力F的平均功率相考点：功的计算；功率、平均功率和瞬时功率．专题：功的计算专题．分析：体在水平恒力作用下做匀加速直线运动，在相同的时间间隔内位移增大，F做功增大，根据功率的公式求的功率关系．解答：解：A、物体在水平恒力作用下做匀加速直线运动，在相同的时间间隔内物体的位移逐渐增大．故A错误．B、由△v=a△t可知，在相时间内速度变化量相，故B正确；C、由功的公式W=FL知道，在相同的时间间隔内，F做功增大．故C错误．D 、由可知，平均功率不同，故D错误．应选：B点评：在恒力作用下物体做匀加速直线运动，位移、F做功、动能变化量并是不相．属于简单题．2．负重奔跑是体能训练的常用方式之一，如下图的装置是运发动负重奔跑的跑步机．运发动质量为m1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮悬挂质量为m2的重物，人用力向后蹬，使传送带沿顺时针方向转动，下面说法正确的选项是A．假设m2静止不动，运发动对传送带的摩擦力大小为m1gB．假设m2静止不动，传送带转动越快，运发动对传送带的摩擦力也越大C．假设m2匀速上升时，上升速度越大，运发动对传送带的摩擦力也越大D．假设m2匀加速上升时，m1越大，运发动对传送带的摩擦力也越大考点：牛顿第二律；力的合成与分解的运用．专题：传送带专题．分析：假设m2静止不动或匀速上升，那么运发动处于静止或匀速直线运动，根据受力平衡判断摩擦力的大小；假设m2匀加速上升时，运发动做匀加速直线运动，根据牛顿第二律判断摩擦力的大小．解答：解：A、假设m2静止不动，那么运发动处于静止，运发动在水平方向上受拉力和摩擦力平衡．f=m2g，与传送带的速度无关．故A、B错误．C、假设m2匀速上升，那么运发动处于匀速直线运动，水平方向受拉力和摩擦力平衡．f=m2g，与运动的速度无关．故C错误．D、假设m2匀加速上升时，运发动做匀加速直线运动，根据牛顿第二律有：f﹣T=m1a，T﹣m2g=m2a，联立解得：f=m2g+a．m1越大，运发动对传送带的摩擦力也越大．故D正确．应选D．点评：解决此题的关键是合理地选择研究的对象，正确地进行受力分析，运用牛顿第二律进行求解．3．如下图，两个物体以相同大小的初始速度从空中O点同时分别向x轴正负方向水平抛出，它们的轨迹恰好是抛物线方程y=x2，重力加速度为g，那么以下说法正确的选项是A．初始速度为B．初始速度为C．O 点的曲率半径为D．O点的曲率半径为2k考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：据题两球均做平抛运动，水平方向的分运动是匀速直线运动，竖直方向上的分运动是自由落体运动，得到水平位移大小x和竖直位移大小y与时间的关系，代入抛物线方程，即可求得初速度；根据数学知识求解O点的曲率半径．解答：解：A、设小球平抛运动的时间为t，那么有：x=v0t，y=，代入到抛物线方程 y=，解得初速度为：v0=，故A、B错误．C、抛物线方程y=求导得：y′==k′x．根据数学知识得知，O点的曲率半径为：R==，故C正确，D错误．应选：C．点评：此题运用数学上参数方程的方法求解初速度，关键是抓住平抛运动的分解方法．根据曲率半径的义，由数学知识求解．4．2010年10月1日18时59分57秒，随着嫦娥二号在西昌卫星发心升空，中国探月工程二期揭开序幕．在经历了星箭别离、卫星入轨、中途修正、约111小时近35万公里的行程后，时间6日11时6分，在飞行控制中心的精确控制下，嫦娥二号卫星实施第一次近月制动，32分钟后，卫星顺利进入周期约12小时的椭圆环月轨道，为嫦娥二号最终进入“使命轨道〞进行探测活动奠了坚实根底．联系所学的物理知识，进行的以下推断正确的选项是A．在点火阶段，由于平均加速度很难超过重力加速度，所以该阶段为失重阶段B．嫦娥二号卫星实施近月制动后，速度会减小，动能转化为势能，卫星会靠近月球C．假设嫦娥二号的轨道半径和周期，就可以算出卫星的质量D．嫦娥二号卫星的质量减小，那么飞船速率会减小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力律及其用．专题：人造卫星问题．分析：卫星绕月球做圆周运动，万有引力提供向心力，卫星制动时速度减小，动能减小所需要的向心力减小，卫星做向心运动，用万有引力律与牛顿第二律分析答题．解答：解：A、点火阶段，卫星向上做加速加速运动，卫星处于超重状态，故A错误；B、嫦娥二号卫星实施近月制动后，速度会减小，卫星做圆周运动的向心力减小，小于万有引力，卫星做近心运动，卫星轨道半径减小，卫星会靠近月球，故B正确；C、假设嫦娥二号的轨道半径和周期，就可以算出月球的质量，但不能求出卫星的质量，故C错误；D、卫星做圆周运动，万有引力提供向心力，由牛顿第二律得：G =m，解得：v=，飞船的速度与卫星质量无关，故D错误；应选：B．点评：此题考查了万有引力律的用，知道万有引力提供向心力，用万有引力律与牛顿第二律可以解题；物体是否处于超重状态与加速度大小无关，取决于加速度的方向，加速度向上超重，加速度向下，失重．5．均匀带电的球壳在球外空间产生的电场效于电荷集中于球心处产生的电场．如下图，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM=ON=2R．M点的场强大小为E，那么N点的场强大小为A．﹣E B．C．﹣ED．+E考点：电场强度；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：均匀带电的球壳在球外空间产生的电场效于电荷集中于球心处产生的电场，假设将带电量为2q的球面放在O处在M、N点所产生的电场和半球面在M点的场强比照求解．解答：解：假设将带电量为2q的球面放在O处，均匀带电的球壳在球外空间产生的电场效于电荷集中于球心处产生的电场．那么在M、N点所产生的电场为E==，由题知当半球面如下图产生的场强为E，那么N点的场强为E′=﹣E，应选A．点评：此题解题关键是抓住对称性，找出两球面上电荷产生的电场关系．6．图中虚线是用方法描绘出的某一静电场的一簇势线及其电势的值，一带电粒子只在电场力作用下飞经该电场时，恰能沿图中的实线AC运动，那么以下判断正确的选项是A．粒子一带负电B．粒子在A点的电势能大于在C点的电势能C．A点的场强小于C点的场强D．粒子在A点的动能大于在C点的动能考点：电场线．分析：解答此题需要掌握：根据势线的分布情况确电场线的分布情况；正确判断带电粒子在电场中运动时电势能的变化；电场力做功特点．解答：解：A、电场线和势线垂直且由高势线指向低势线，因此图中电场线方向垂直势线大体指向左侧，带电粒子所受电场力沿电场线指向曲线内侧，故粒子带正电，故A错误；B、从C到A过程中，电场力做正功，电势能减小，粒子在A点的电势能小于在C点的电势能，故B错误；C、A点势线密，电场线也密，所以电场强度大于C处，故C错误；D、粒子运动过程中只有电场力做功，电势能和动能总量不变，粒子带正电，故在A点电势能较小，故在A点动能较大，故D正确；应选：D．点评：解决这类问题的突破口为根据粒子运动轨迹确粒子所受电场力方向，同时这类问题涉及物理知识很全面，能考查学生综合利用物理知识解决问题的能力，是高考的，要不断练习．7．如下图，轻弹簧两端分别固在长木板a的左端和物块b上．开始时，a和b都静止，一切摩擦均不计．用大、反向的恒力F1和F2分别拉a和b，那么从a和b开始运动以后的整个过程中，对a、b和弹簧组成的系统来说，以下判断中正确的选项是A．由于F1和F2大反向，所以弹簧所受合力外为零，不发生形变B．由于F1和F2大反向，合力不做功，系统动量守恒、机械能守恒C．弹簧弹力和F1、F2大小相时，a和b的动能最大D．弹簧伸长最大时，a和b速度为零，系统机械能也为零考点：动量守恒律；机械能守恒律．专题：动量与动能理或能的转化与守恒律综合．分析：F1和F2大反向，但是由于它们的位移不同，所以做的功的大小不同，当弹簧弹力大小与F1、F2大小相时，物体受到的合力的大小为零，此时物体的速度的大小到达最大，再根据物体的运动状态可以判断物体加速度的变化．解答：解：A、a、b在拉力作用下分别向左、右运动，弹簧被拉伸，弹簧发生形变，故A错误；B、由于F1和F2大反向，系统所受合外力为零，系统动量守恒，但由于F1、F2对系统做功之和不为零，故系统机械能不守恒，故B错误；C、当弹簧弹力大小与F1、F2大小相时，a和b受力平衡，加速度减为零，此时速度到达最大值，故各自的动能最大，系统的动能也最大，故C正确；D、弹簧伸长最大时，a和b速度为零，弹簧弹性势能不为零，故系统机械能不为零，故D错误；应选：C．点评：此题涉及到弹簧，功、机械能守恒的条件、力和运动的关系较多知识．题目情景比拟复杂，全面考查考生理解、分析、解决问题的能力．二、8．用螺旋测微器测小球直径时，示数如图甲所示，这时读出的数值是8.473 mm；用游标卡尺测量一支铅笔的长度，测量结果如图乙所示，由此可知铅笔的长度是10.060 cm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：题．分析：解决此题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法，螺旋测微器的读数方法是固刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．解答：解：螺旋测微器的固刻度读数为8mm，可动刻度读数为0.01×47.30mm=0.473mm，所以最终读数为：8mm+0.473mm=8.473mm，游标卡尺的固刻度读数为10m，游标尺上第12个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为0.05×12mm=0.60mm=0.060cm，所以最终读数为：10cm+0.060cm=10.060cm；故答案为：73；10.060．点评：解决此题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．9．在研究平抛物体运动的中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm，假设小球在平抛运动中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，那么小球平抛的初速度的计算式为V0= 2，其值是0.70m/s考点：研究平抛物体的运动．专题：题．分析：平抛运动的水平方向做匀速直线运动，从图中可以看出：a、b、c、d 4个点间的水平位移均相为2L，因此这4个点是时间间隔点，v0=，而竖直方向是自由落体运动，两段相邻的位移之差是一个值△y=gT2=L，联立方程即可解出．解答：解：从图中看出，a、b、c、d 4个点间的水平位移均相，是x=2L，因此这4个点是时间间隔点．竖直方向两段相邻位移之差是个值，即△y=gT2=L，再根据v0=解出v0=2代入数据得v0=2×=0.70m/s．故答案为：2；0.70m/s．点评：此题考查平抛物体的运动规律．要求同学们能够从图中读出有用信息，再根据平抛运动的根本公式解题，难度适中．10．发光二极管近年来被人们誉为是本的型光源．有一些手灯就是用几个发光二极管并联后作为光源使用的，其发光效率很高．它在正常工作时，正向压降约V，电流在20mA左右．现取这样一只发光二极管，现要测量它的伏安特性，另提供有以下的器材：A．电流表A1B．电流表A2C．电压表V1D．电压表V2E．滑动变阻器R1F．滑动变阻器R2除稳压直流电源E、开关和带夹子的导线假设干外，还需选用的其它器材有ACE ；在虚线方框中画出电路图．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：题；恒电流专题．分析：根据LED正常工作时的正向电压选择电压表，根据LED正常工作时的电流大小选择电流表．要描绘LED的伏安特性曲线，电压表与电流表从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法，根据待测LED电阻与电表内阻间的关系确电流表采用内接法还是外接法，然后作出电路图．解答：解：LED正常工作时，正向电压约V，因此电压表可选C、电压表V1，LED正常工作时电流在2OmA左右，为0.6A的60分之一，使用电流表A2读数误差较大，电流表选A、电流表A1；滑动变阻器采用分压接法；应选择最大电阻较小的E；描绘LED的伏安特性曲线，电压表与电流表示数从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法；LED正常工作时电阻约为R===160Ω，==8，=≈18，＜，故电流表采用外接法，电路图如下图．故答案为：ACE；如下图；点评：此题考查了选择器材、设计电路，确滑动变阻器接法与电流表接法是正确设计电路的关键．11．完整的撑杆跳高过程可以简化成如下图的三个阶段：持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落．在第二奥运会比赛中，俄罗斯女运发动伊辛巴耶娃以5.05m的成绩打破纪录．设伊辛巴耶娃从静止开始以加速度a=1.25m/s2匀加速助跑，速度到达v=9.0m/s时撑杆起跳，到达最高点时过杆的速度不计，过杆后做自由落体运动，重心下降h2=4.05m时身体接触软垫，从接触软垫到速度减为零的时间t=0.90s．伊辛巴耶娃的质量m=65kg，重力加速度g取10m/s2，不计空气的阻力．求：伊辛巴耶娃起跳前的助跑距离；假设伊辛巴耶娃从接触软垫到速度减为零的过程中做匀减速运动，求软垫对她的作用力大小．考点：牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动律综合专题．分析：对运发动助跑过程运用速度位移公式列式求解即可；对自由落体运动过程运用速度位移公式求出末速度，再对减速过程运用速度时间公式求出加速度，再受力分析后运用牛顿第二律列式求解解答：解：、设助跑距离为x，由运动学公式有：v2=2ax解得：x==32.4m、运发动过杆后做自由落体运动，设接触软垫时的速度为v'，由运动学公式有：v'2=2gh2设软垫对运发动的作用力为F，由牛顿第二律得：F﹣mg=ma由运动学公式有：a=解得：F=1300 N答：伊辛巴耶娃起跳前的助跑距离为32.4m；假设伊辛巴耶娃从接触软垫到速度减为零的过程中做匀减速运动，软垫对她的作用力大小为1300N点评：此题关键是分析清楚运发动的运动过程，然后对各个匀变速过程运用运动学公式和牛顿第二律联立列方程求解12．“电子能量分析器〞主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成．偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为R A和R B的圆金属半球面A和B构成，A、B为电势值不的势面，其过球心的截面如下图．一束电荷量为e、质量为m的电子以不同的动能从偏转器左端M的间小孔垂直入射，进入偏转电场区域，最后到达偏转器右端的探测板N，其中动能为E k0的电子沿势面C做匀速圆周运动到达N板的间．忽略电场的边缘效．判断半球面A、B的电势上下，并说明理由；求势面C所在处电场强度E的大小；假设半球面A、B和势面C的电势分别为φA、φB和φC，那么到达N板左、右边缘处的电子，经过偏转电场前、后的动能改变量△E K左和△E K右分别为多少？比拟|△E K左|和|△E K右|的大小，并说明理由．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电场强度．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子做匀速圆周运动，电场力提供向心力，电子受力的方向与电场的方向相反；由牛顿第二律和向心力列式解答；电子动能的改变量于电场力做功，使用动能理即可解答：解：电子做圆周运动，电场力方向指向球心，电场方向从B指向A，B板电势高于A 析电势．据题意，电子在电场力作用下做圆周运动，考虑到圆轨道上的电场强度大小相同，有：联立解得：电子运动时只有电场力做功，根据动能理，有△E k=qU对到达N板左边缘的电子，电场力做正功，动能增加，有△E k左=e到达N板右边缘的电子，电场力做负功，动能减小，有△E k右=e根据电场线特点，势面B与C之间的电场强度大于C与A之间的电场强度，考虑到势面间距相，有|ϕB﹣ϕC|＞|ϕA﹣ϕC|即|△E k左|＞|△E k右|答：B板电势高于A板势面C所在处电场强度E 的大小经过偏转电场前、后的动能改变量△E K左和△E K右分别为e和e|△E k左|＞|△E k右|点评：该题考查带电粒子在放射状电场中的运动与电场力做功，解题的关键是电场力提供向心力，写出相的表达式，即可正．属于中档题目13．如下图为放置在竖直平面内游戏滑轨的模拟装置，滑轨由四粗细均匀的金属杆组成，其中倾斜直轨AB 与水平直轨CD长均为L=3m，圆弧形轨道APD和BQC均光滑，AB、CD与两圆弧形轨道相切，BQC的半径为r=1m，APD的半径为R=2m，O2A、O1B与竖直方向的夹角均为θ=37°．现有一质量为m=1kg的小球穿在滑轨上，以E k0的初动能从B点开始沿AB向上运动，小球与两段直轨道间的动摩擦因数均为μ=，设小球经过轨道连接处均无能量损失．求：要使小球能够通过弧形轨道APD的最高点，初动能E K0至少多大？求小球第二次到达D点时的动能；小球在CD段上运动的总路程．两问中的E K0取第问中的数值〕考点：动能理的用．专题：动能理的用专题．分要使小球能够向上运动并回到B点，有两个临界条件的要求：一是要使小球能够通过。

高三物理上学期第8周周训练题

峙对市爱惜阳光实验学校一中高2021级上学期第八周物理试题二、选择题:此题共8小题,每题6分。

在每题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。

选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

14．以下关于物理学开展中的史事、方法和思想总结正确的选项是A ．牛顿在探索万有引力的过程中利用的是类比法，通过苹果与月球的类比猜测出苹果所受的重力与月球所受的引力可能是同一性质的力B ．卡文迪许利用扭秤完成两个物理量的测量，一是万有引力常量，二是静电力常量；在中都用到了微量放大的思想C ．伽利略利用斜槽，直接得出了速度与时间成正比，并合理外推得出物体自由下落的速度与时间成正比D ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这是采用了效替代思想15．如右图所示，粗糙斜面的倾角为30°，动摩擦因数为23=μ，轻绳通过两个滑轮与A 相连，轻绳的另一端固于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦。

物块A 的质量为m 。

不计滑轮的质量，挂上物块B 后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A 、B 恰能保持静止且A 所受摩擦力向下，那么物块B 的质量为〔〕A ．m 22 B ．m 425 C ．m D ．2m16．如右图所示，一根长为l 的轻杆OA ，O 端用铰链固，另一端固着一个小球A ，轻杆靠在一个高为h 的物块上。

假设物块与地面摩擦不计，那么当物块以速度v 向右运动至杆与水平方向夹角为θ时，物块与轻杆的接触点为B ，以下说法正确的选项是 ( )A ．A 、B 的线速度相同 B ．A 、B 的角速度不相同C ．轻杆转动的角速度为lsin v θ2 D ．小球A的线速度大小为hθsin vl 217．假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n 倍，那么〔〕A. 地球同步卫星的向心加速度是近地卫星的1n倍B. 地球同步卫星的向心加速度是地球赤道上物体的n 2倍 C. 地球同步卫星的运行周期是近地卫星的n 倍 D. 地球同步卫星的运行速度是第一宇宙速度的1n倍18．如下图，质量为m 的小球被固在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R 的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用。