2019年上海市普陀区中考物理一模真题试卷含答案

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D ．F 甲'可能大于 F 乙'
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的压力 F 甲'和 F 乙'的大小关系是（ ）
A ．F 甲'一定小于 F 乙' C ．F 甲'可能小于 F 乙'
B ．F 甲'一定大于 F 乙'
2019 年上海市普陀区中考物理一模试卷
、选择题（共 16 分）
1．（2 分）向人们证明大气压存在的著名物理实验是（ ）
A ．马德堡半球实验
B ．托里拆利实验
C ．探究液体内部压强规律的实验
D ．验证阿基米德原理实验
2．（2 分）一块橡皮用掉一半之后，不变的物理量是（ ）
A ．重力
B ．质量
C ．体积
D ．密度
3．（2 分）下列器材中，利用连通器原理工作的是（ ）
A ．温度计
B ．液位计
C ．密度计
D ．抽水机
4．（2 分）电功率较大的用电器使用时电流做功一定较（ ）
A ．多
B ．少
C ．快
D ．慢
5．（2 分）家庭照明电路中的一盏节能灯正常工作时，通过它的电流约为（ ）
A ．0.05 安
B ．0.5 安
C ． 1 安
D ． 1.5 安
为 I ；现将电阻 R 替换为阻值为 0.4R 的电阻 R ′，则电流表 A 的示数变化量△ I 为（ ）
7．（ 2分）如图所示，均匀实心正方体甲、乙放在水平地面上，它们对地面的压力相等。

现
从两正方体的上部沿水平方向切去部分，使它们剩余部分的体积相等，则甲、乙对地面 6．（ 2分）在如图所示的电路中，电源电压为 U 且保持不变。

闭合电键 S ，电流表 A 的示数
B ．1.4I
C ．1.5I
D ． 2.5I
A ． 0.6I
8．（2分）如图所示，甲、乙两个物体分别漂浮在装有A、B 两种不同液体的相同容器中，其中ρA ＞ρB，则关于两物体的质量m、及排开液体体积V 排的大小关系，下列说法正确的是（）
A ．若m 甲＝m 乙，则V 甲排一定大于V 乙排
B ．若m 甲＝m 乙，则V 甲排可能小于V 乙排
C．若m 甲＜m 乙，则V 甲排一定小于V 乙排
D ．若m 甲＜m 乙，则V 甲排可能大于V 乙排
二、填空题（共23 分）
9．（3 分）上海家庭照明电路的电压为伏，电路中的各用电器之间是连接，所消耗的电能可用表来测量。

10．（3 分）如图所示，是浙江大学研制的机器人“绝影”，它的质量为65 千克。

当它从站立开始行走时，对地面的压力将，压强将；当它载上质量为20 千克的货物时，对地面的压力将。

（均选填“变大” 、“变小”或“不变” ）
11．（3分）如图所示，将物块A用细线悬挂着浸没于水中时，容器内水深为0.7米，物块A 下表面所处水的深度为米。

若物块A 重为5牛，受到绳对它的拉力为1 牛，则物块A 所受浮力的大小为牛，方向。

3
12．（3分）质量为 0.9千克水的体积为
米3，若水凝固成冰， 则冰的质量为
千
3 3 3 克，冰的体积为 米 3．（ρ冰＝0.9×103千克 /米 3
）
13．（3 分）某导体两端电压为 3伏，10秒内通过导体的电流做功 15焦，则通过导体横截面 的
电荷量为 库，通过该导体的电流为 安；当该导体两端电压为 6 伏时， 电阻为 欧。

14．（3 分）如图所示的电路，电源电压为 U 且保持不变。

闭合电键 S 时，电路中电流表的
示数将 ，电压表的示数将 （以上两空均选填 “变大”、“变小” 或“不变”）。

一段时间后， 小灯突然熄灭， 电流表示数变小， 电压表示数变大， 若故障只发生在小灯 L 或电阻上，其他元件均完好，则电路中发生的故障是 。

15．（ 2 分）在学习了电流、电压的相关知识后，小明同学利用导体 表和若干节相同的干电池等实验器材，进行了如图（ a ）和（ b ）所示的“用电流表测电 流”的实验。

① 通过观察比较图（ a ）和（ b ）中的实验装置及电流表的指针偏转情况等相关信息，小 明归纳得出了初步结论：通过导体 A 的电流随导体 A 两端电压增大而增大。

② 为了进一步定量研究导体中的电流与导体两端电压的关系，并归纳得出合理完整的实 验结论，他们还需要的实验器材是 ，需要继续进行的实验操作是 。

三、作图题（共 7 分）
16．（ 3 分）在图中，重为 10 牛的物体放在水平地面上保持静止，请用力的图示法画出该物 体
对地面的压力。

A 、电键、导线、电流
17．（3 分）请在图所示电路的〇内，填上适当的电表符号，使之成为正确的电路。

18．（ 2 分）如图所示的电路，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。

要求：
灯 L 1和灯 L 2并联； ② 电流表只测量灯 L 1的电流。

四、计算题（共 26 分）
19．（3 分）体积为 1×10﹣3
米 3
的物体浸没在水中。

求：物体所受浮力 F 浮的大小。

20．（6 分）某电视机铭牌上标有“ 220V 110W ”字样。

求：
① 它正常工作时的电流 I ；
② 该电视机正常工作 10 小时，电流通过它所做的功 W 。

2
21．（6分）如图所示，高为 0.3米、底面积为 0.02米2
的薄壁圆柱形容器 A 置于水平地面 上，
容器内装有重为 39.2 牛、深度为 0.2 米的水。

① 求水对容器底的压强 p 水。

② 若容器重为 10 牛，求容器对水平地面的压强 p 容。

2
③ 现将底面积为 0.01 米 2 的实心圆柱体 B 竖直放入容器 A 中，水恰好不溢出， 此时容器
A 对地面的压强增加量△ p 容恰好等于水对容器底的压强增加量△
p 水，求圆柱体 B 的质
量 m 。

22．（ 6 分）如图（ a ）所示，电源电压为 24 伏，且保持不变，电阻
动变阻器 R 2 标有“ 50Ω1A ”字样，电压表、电流表的规格如图
R 1的阻值为 10 欧，滑 12（b ）所示。

闭合电键
S 后，电流表示数为0.8 安。

求：
①电阻R1 的两端电压U1。

②滑动变阻器R2 接入电路的阻值。

③在电表量程可换的情况下，为使滑动变阻器接入电路的阻值范围最大，小明同学认为可
以采取下列方案之一来实现：a．去掉电压表V1；b．去掉电压表V 2；c．将电流表用导线代替。

你认为可行的方案是（选填“ a”、“ b”或“ c”）；请通过计算说明此时滑动变阻
器的取值范围及电路中的电压表、电流表对应的示数情况。

五、实验题（共18 分）
23．（3 分）“测定小灯泡的电功率”的实验原理是，在连接电路过程中，电键应该处于状态，电压表应与被测小灯泡联连接。

24．（3 分）在“验证阿基米德原理”实验中，需要验证浸在液体中的物体受到的与它排开液体受到的大小是否相等，实验还需要的固体和液体进行多次验证（选填“相同”或“不同” ）
25．（10 分）甲、乙、丙三个小组同学发现如图（a）所示的驳船底部设计得比较宽大。

于是，他们想“探究驳船的底部到液面的深度与哪些因素有关” 。

实验时，他们用圆柱体来模拟驳船，并选取了密度不同的三种液体来模拟不同密度的水域，将质量和底面积大小不同的圆柱体分别放入液体中，每次都使圆柱体漂浮在液面上，如图（b）所示。

实验过程中，他们测量了所用圆柱体的质量m、底面积S 和它的底部到液面的深度h，所有数据均记录在下表中。

① 分析比较实验序号1 与3（或5 与6 或7 与9）的实验数据及相关条件，他们归纳得出的初
步结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体底面积S 和液体密度ρ相同时，。

② 分析比较实验序号2 与3（或7 与8 ）的实验数据及相关条件，他们归纳得出的初步结论
是：漂浮在液面上的圆柱体，。

③分析比较实验序号的实验数据及相关条件，他们归纳得出的初步结论是：漂浮
在液面上的圆柱体，圆柱体的质量m 和底面积S 相同，液体密度ρ越大，圆柱体的底部到液面的深度h 越小。

④三个小组的同学对表格中的数据计算之后，进一步综合归纳结论，a．分析比较实验数据
2、5 与9 或3 与6 或4 与8 可归纳得出的结论是：漂浮在液面上的圆柱体，，圆柱体的底部
到液面的深度h 相同。

b．分析比较实验数据2、5与9和3与6和4与8可归纳得出的结论是：漂浮在液面上的圆柱体，。

⑤通过上述研究的过程，同学们明白了驳船载重小并且底部设计比较宽大，主要是为了减
少，避免搁浅的发生。

26．（19 分）小华在做“用电流表、电压表测电阻”实验的过程中，电源电压保持不变，实验器材齐全且完好。

① 他将待测电阻和滑动变阻器串联接在电路中，闭合电键时，发现电流表、电压表的示数分别
如图所示，移动滑片P，电流表、电压表示数均不变。

请指出他电路连接中可能
存在的问题。

（写出一种情况即可）
② 发现问题后，他重新正确连接电路，实验步骤正确。

闭合电键时，电压表示数为0.6 伏；在移动变阻器滑片的过程中，电流表示数的变化范围为0.12～0.58 安。

当移动变阻
器滑片到某个位置时，电流表和电压表的指针恰好同时指向刻度盘的正中央。

小华实验所用滑
动变阻器的最大阻值为欧。

③请根据小华的实验情况，完成表格中的实验数据记录和计算。

（电阻计算精确到0.1 欧）。

2019 年上海市普陀区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16 分）
1．【解答】解：历史上，在德国的马德堡市广场上做过一个著名的实验，将两铜制的半球合在一起，抽出里面的空气，用两支马队向相反方向拉，两个半球未被拉开，是大气压将两个半球压在一起，这就是著名的马德堡半球实验，它有力地证明了大气压的存在。

故选：A 。

2．【解答】解：把一块橡皮用掉一半，则剩下的半块橡皮擦质量减少一半，体积减少一半，物体的密度是由物质本身决定的，与质量和体积无关，所以剩下的半块橡皮擦，质量减少一半，密度不变。

故选：D 。

3．【解答】解：
A ．温度计是利用液体的热胀冷缩的原理制成的，故A 不符合题意；
B ．液位计的结构符合上端开口、下端连通的特点，是利用连通器原理工作的，故B 符合题
意；
C．密度计是根据漂浮时浮力等于重力的原理制成的，故 C 不符合题意；
D ．抽水机是利用大气压来工作的，故 D 不符合题意。

故选：B 。

4．【解答】解：电功率是描述电流做功快慢的物理量，电功率越大，电流做功越快，故C 正确、D 错误；
由P＝的变形式W＝Pt 可知，电流做功的多少与电功率和通电时间有关，因通电时间未知，所以不能判断电流做功的多少，故AB 错误。

故选：C 。

5．【解答】解：家庭电路中的电压为220V ，一盏节能灯的额定功率约为20W，根据P＝UI 可得，家庭照明电路中的一盏节能灯正常工作时通过的电流I＝＝≈
0.09A ，和0.05A 最接近，故A 正确。

故选：A 。

6．【解答】解：由欧姆定律，第1 次实验中：
第 2 次实验中， I ′＝ ＝ ﹣﹣﹣﹣﹣ ②
由 ①② 得：
电流表 A 的示数变化量： △ I ＝ I ′﹣ I ＝
﹣ ＝ 1.5 × ﹣﹣﹣﹣ ③
由 ①③ 得：△ I ＝ 1.5I 。

故选： C 。

7．【解答】 解：因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
3
所以，正方体对地面的压力 F ＝ G ＝ mg ＝ρVg ＝ ρL 3g ， 又因正方体甲、乙对地面的压力相等，
由图可知，甲、乙正方体的边长关系为 L 甲＜ L 乙，则两者的密度关系为 ρ甲＞ ρ乙，
现从两正方体的上部沿水平方向切去部分，使它们剩余部分的体积相等，且 ρ甲＞ ρ乙，
由 m ＝ρV 可知，剩余部分的质量关系为 m 甲剩＞ m 乙剩，
由 F ＝ G ＝ mg 可得，此时甲、乙对地面的压力关系为 F 甲'＞F 乙'。

故选： B 。

8．【解答】 解：
由图可知，物体甲在 A 液体中处于漂浮状态，物体乙在 B 液体中处于漂浮状态， 由漂浮条件可知，所受浮力等于其自身重力，即
F 浮＝
G 物﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣ ①
由阿基米德原理可得 F 浮＝G 排﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣ ②
所以由 ①② 可得 G 物＝ G 排，由 G ＝ mg 可知 m 物＝ m 排； （1）若 m 甲＝m 乙，则两物体排开液体的质量 m 排A ＝m 排B ， 则 ρA V 甲排＝ ρB V 乙排， 已知 ρA ＞ ρB ，
所以 V 甲排 一定小于 V 乙排，故 AB 错误；
（ 2）若 m 甲＜m 乙， 则两物体排开液体的质量 m 排 A ＜ m 排B ， 则 ρA V 甲排＜ ρB V 乙排， 已知 ρA ＞ ρB ，
所以 V 甲排一定小于 V 乙排，不可能等于 V 乙排 ，也不可能大于 V 乙排．故 C 正确， D 错误。

故选： C 。

所以， ρ
甲 L
ρ乙 L
3
乙 g ，
、填空题（共23 分）
9．【解答】解：（1）我国家庭电路的电压为220V ，则上海家庭照明电路的电压为220 伏；
（2）家庭电路中的各用电器可以单独工作，且互不影响，因此它们之间的连接方式是并联；
（3）电能表是用来测量电路消耗电能的仪表。

故答案为：220；并联；电能。

10．【解答】解：当机器人站在水平地面上时，对地面的压力等于他的重力；当走路时接触地面的面积是站立时的一半，压力等于他的重力不变，由压强公式p＝可知，对地面的压强将变为原来的2 倍，即压强将变大。

当它载上质量为20 千克的货物时，质量增大，重力增大，对地面的压力等于他的重力，故压力变大。

故答案为：不变；变大；变大。

11．【解答】解：
由图知，将物块A 用细线悬挂着浸没于水中时，容器内水深为0.7m，物块A 下表面所处水的深度为：
h＝0.7m﹣0.2m＝0.5m ；
物块A 所受浮力：
F 浮＝G﹣F 拉＝5N﹣1N ＝4N ；浮力的方向是竖直向上的。

故答案0.5；4；竖直向上。

12．【解答】解：由ρ＝可得，质量为0.9 千克水的体积：
﹣4 3
9×10﹣4m3，
因水凝固成冰后，状态发生改变，但所含物质的多少没有变化，所以，冰的质量m 冰＝m 水＝
0.9kg ，则冰的体积：
﹣3 3
1×10﹣3m3。

故答案为：9×10﹣4；0.9；1×10﹣3。

13．【解答】解：
由W ＝UIt ＝UQ 可得，通过导体横截面的电荷量：
Q＝＝＝5C，
通过该导体的电流：
I＝＝＝0.5A ，
由I ＝可得，导体的电阻：
R＝＝＝6Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，当该导体两端电压为6 伏时，该导体的电阻仍为6Ω 不变。

故答案为：5；0.5；6。

14．【解答】解：
（1）由电路图可知，电键S 断开时，电压表串联在电路中测电源电压，因电压表的内阻很大，所以通过电流表的电流几乎为0，则电流表无示数；
闭合电键S 时，灯泡L 与电阻R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流，由电流表无示数变为有示数可知，电流表的示数变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由电压表测电源电压变为测串联电路中R 两端的电压可知，电压表的示数变小；
（2）一段时间后，小灯突然熄灭，电流表示数变小，电压表示数变大，且故障只发生在小灯L 或电阻上，其他元件均完好，由电压表的示数变大可知，此时电压表测电源两端的电压，则电路故障可能是灯泡L 短路，也可能是电阻R 断路，由电流表的示数变小可知，电路故障应为电阻R 断路。

故答案为：变大；变小；电阻R 断路。

15．【解答】解：研究导体中的电流与导体两端电压的关系时，要控制电阻大小相同，为得出普遍性的结论，要多次测量，故还需要的实验器材为：电压表和滑动变阻器：实验操作：
断开开关，将电压表并联在A 导体的两端，将滑动变阻器串联接入电路中，将变阻器的滑片移动到阻值最大处，闭合开关，移动变阻器的滑片，记下电压表和电流表的示数；重复上面的实验再做两次。

故答案为：
②滑动变阻器、电压表；断开开关，将电压表并联在A 导体的两端，将滑动变阻器串联接
入电路中，将变阻器的滑片移动到阻值最大处，闭合开关，移动变阻器的滑片，记下电压表和电流表的示数；重复上面的实验再做两次。

三、作图题（共7 分）
16．【解答】解：物体放在水平地面上，压力的大小与物体的重力大小相等，F＝G＝10N，方向垂直于地面向下，作用点在地面，设定标度为5N ，压力的图示如图：
17．【解答】解：电压表与灯泡并联，电流表与灯泡串联，故右面电表为电压表，左面的为电流表，如下所示：
18．【解答】解：
由题知，灯L1和灯L 2并联，电流表只测量通过灯L1 的电流，因电源电压为3V，则通过灯L1 的电流较小，所以电流表可选用小量程；
将电流表的“ 0.6”接线柱与灯泡L1 左侧接线柱相连接，开关右侧接线柱连接到灯泡L 1 右侧接线柱上，即可满足上述要求。

如图所示：
四、计算题（共26 分）
19．【解答】解：物体浸没在水中，则V 排＝V 物＝1× 10 3m3，物体所受的浮力：
3 3 ﹣3 3
＝G 排＝ρ水gV 排＝1×103kg/m3×9.8N/kg ×1×10 3m3＝ 9.8N 。

答：物体所受的浮力为9.8N。

F浮
20．【解答】解：①由P＝UI 可得，电视机正常工作时的电流：
I＝＝＝0.5A ；
②该电视机正常工作10 小时，电流通过它所做的功：
W＝Pt＝110×10﹣3kW × 10h＝1.1kW ?h。

答：① 电视机正常工作时的电流为0.5A ；
② 该电视机正常工作10 小时，电流通过它所做的功为1.1kW ?h。

21．【解答】解：① 容器内装有深度为0.2m的水，对容器底的压强：
33
p 水＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3× 9.8N/kg × 0.2m＝ 1960Pa；
2
②底面积为0.02m2的薄壁圆柱形容器A 置于水平地面上，容器内装有重为39.2N的水，若容
器重为10N ，
容器地水平地面的压力等于容的总重，
F＝G 总＝G1+G2＝39.2N+10N ＝49.2N；受力面积为：S＝0.02m2；
容器对水平地面的压强：p 容＝＝＝2460Pa；
p 容＝＝＝2460Pa；
③现将底面积为0.01 米2的实心圆柱体B 竖直放入容器A 中，水恰好不溢出，说明水面
升高的高度：
△ h ＝0.3m﹣0.2m ＝0.1m ；
水对容器底的压强增加量：
△ p 水＝ρ水g △ h，
此时容器A 对地面的压强增加量△ p 等于容器对水面地面增加的压力与受力面积之比，而容器对地面的增加的压力等于 B 的重力，即容器A 对地面的压强增加量：
△p 容＝＝，
因容器 A 对地面的压强增加量△ p 容恰好等于水对容器底的压强增加量△ p 水， 故有
＝ρ水 g △h ，
圆柱体 B 的质量：
3 3 2
m ＝ρ水△ hS＝ 1.0× 10 kg/m × 0.02m × 0.1m＝ 2kg 。

答： ①水对容器底的压强 p 水为 1960Pa ； ② 容器对水平地面的压强 p 容为 2460Pa ； ③ 圆柱体 B 的质量 m 为 2kg 。

22．【解答】 解：由电路图可知， R 1与 R 2串联，电压表 V 1测 R 1两端的电压，电压表 V 2测 R 2 两端的电压，电流表测电路中的电流。

① 由 I ＝ 可得，电阻 R 1的两端电压：
U 1
＝ IR 1
＝ 0.8A × 10Ω＝ 8V ；
② 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以， R 2 两端的电压：
U 2＝U ﹣U 1＝ 24V ﹣8V ＝16V ，
则滑动变阻器 R 2 接入电路的阻值：
R 2＝ ＝ ＝20Ω；
2
③ 在电表量程可换的情况下，由滑动变阻器的铭牌可知，电路中的最大电流为 1A ， 此时 R 1 两端的电压：
U 1′＝I′R 1＝1A ×10Ω＝10V ，
此时滑动变阻器两端的电压：
U 2′＝U ﹣U 1′＝ 24V ﹣10V ＝14V ，
14Ω；
a ．去掉电压表 V 1后，当电压表 V 2的示数 U 2″＝ 15V ，滑动变阻器接入电路中的电阻最
大，
此时 R 1 两端的电压：
U 1″＝U ﹣U 2″＝ 24V ﹣15V ＝9V ，
此时电路中的电流：
综上可知，两电压表的示数均没有超过 15V ，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
R 2 小＝
0.9A ，
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R 2 大＝
＝
≈16.7Ω；
b ．去掉电压表 V 2 后，滑动变阻器接入电路中的电阻最大为 50Ω时，电路中的电流最小，
电压表 V 1 的示数最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电路中的最小电流：
I ″＝
＝ ＝0.4A ，
电压表 V 1 的示数：
U 1″＝ I″R 1＝0.4A× 10Ω＝ 4V ；
c ．将电流表用导线代替后，当电压表 V 2的示数 U 2″＝ 15V ，滑动变阻器接入电路中的
电阻最大，约为 16.7Ω；
所以，可行的方案是 b ，此时滑动变阻器的取值范围为 14Ω～ 50Ω，
变阻器接入电路中的电阻为 50Ω时，电路中电压表 V 1 的示数为 4V ，电流表示数为 0.4A ；
变阻器接入电路中的电阻为
14Ω
时，
电路中电压表 V 1 的示数为
10V ，电流表示数
为
1A 。

答：①电阻 R 1的两端电压为 8V ；
② 滑动变阻器 R 2 接入电路的阻值为 20Ω；
③ b ；此时滑动变阻器的取值范围为 14Ω～ 50Ω，
变阻器接入电路中的电阻为
50Ω
时，
电路中电压表 V 1 的示数为 4V ，电流表示数为 0.4A
； 变阻器接入电路中的电阻为
14Ω
时，
电路中电压表 V 1 的示数为 10V ，电流表示数
为
1A。

五、实验题（共 18 分）
23．【解答】 解：测定小灯泡的电功率”的实验原理是
P ＝UI ，在连接电路过程中，电键应
该处于断开状态，电压表应与被测小灯泡并联连接。

故答案为： P ＝ UI ； 断开； 并。

24．【解答】 解： 在“验证阿基米德原理”实验中，需要验证浸在液体中的物体受到的浮力与它
排开液体 受到的重力大小是否相等； 为了得出普遍规律，实验还需要不同的固体和液体进行多次验证。

故答案为：浮力；重力；不同。

25．【解答】 解：
① 分析比较实验序号 1 与 3（或 5 与 6 或 7 与 9）的实验数据及相关条件知： 圆柱体底面 积相
同，质量m 不同，且质量越大，圆柱体底部到液面的深度h 越大；故得出的结论是：圆柱体底面积相同，质量m 越大，圆柱体底部到液面的深度h 越大。

②分析比较实验序号2 与3 （或7 与8）的实验数据及相关条件知，圆柱体质量m 和体
液密度ρ都相同，圆柱体的底面积S 不同，且S越小，圆柱体底部到液面的深度h 越大，故他们归纳得出的初步结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体质量m 和体液密度ρ相同时，圆柱体的底面积S越小，圆柱体底部到液面的深度h 越大。

③ 研究圆柱体的底部到液面的深度h 与液体密度ρ的关系时，要控制圆柱体的质量和圆柱体的底面积相同
，只改变液体的密度，故分析比较2 与4（或3 与8 或6 与9）实验序号的实验数据及相关条件，他们归纳得出的初步结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体的质量m 和底面积S 相同，液体密度ρ越大，圆柱体的底部到液面的深度h 越小。

④a、三个小组的同学对表格中的数据计算之后，进一步综合归纳结论，
a．实验2 中有：＝0.25 m；
实验5 中有：＝0.25m；
实验9 中有：＝0.25m；
2、5、9实验液面的深度h 均为0.25m，即圆柱体质量m 与圆柱体底面积S 和液体密度ρ乘积的比值相同，同理，3 与6 或4 与8 圆柱体质量m 与圆柱体底面积S 和液体密度ρ乘积的比值分别为0.3m 和0.2m，
即圆柱体的底部到液面的深度h 相同；分析比较实验数据2、5 与9 或3 与6 或4 与8 可归纳得出的结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体质量m 与圆柱体底面积S 和液体密度ρ乘积的比值相，圆柱体的底部到液面的深度h 相同；
b、而2、5、9圆柱体质量m 与圆柱体底面积S和液体密度ρ乘积的比值0.25m，2、5、9 实验液面的深度h 均为0.25m ；
3与6或4与8圆柱体质量m与圆柱体底面积S和液体密度ρ乘积的比值分别为0.3m和
0.2m，
而3与6或4与8实验液面的深度h分别为为0.30m和0.20m，
因0.3m<0.25m< 0.2m，
0.30m< 0.25m< 0.20m，
故得出的结论是：圆柱体质量m 与圆柱体底面积S 和液体密度ρ乘积的比值越大，圆柱体的底部到液面的深度h 越大；
⑤因圆柱体质量m 与圆柱体底面积S 和液体密度ρ乘积的比值越大（小），圆柱体的底部
到液面的深度h 越大（小），故驳船载重小并且底部设计比较宽大，主要是为了减少驳船底部到液面的深度，避免搁浅的发生。

故答案为：
① 圆柱体底面积相同，质量m 越大，圆柱体底部到液面的深度h 越大；
② 圆柱体质量m 和液体密度ρ相同时，圆柱体的底面积S 越小，圆柱体底部到液面的深
度h 越大
③ 2 与4（或3 与8 或6 与9 ）；
④a．圆柱体质量m 与圆柱体底面积S 和液体密度ρ乘积的比值相同；
b．圆柱体质量m 与圆柱体底面积S 和液体密度ρ 乘积的比值越大，圆柱体的底部到液面的深度h 越大
⑤驳船底部到液面的深度。

26．【解答】解：①由题意，他将待测电阻和滑动变阻器串联接在电路中，闭合电键时，发现电流表、电压表的示数分别如图所示，图中电流表没有示数，电路可能断路，电压表有数，说明电压表与电源连接测电源电压，故移动滑片P，电流表、电压表示数均不变，他电路连接中可能存在的问题：将电压表串联在电路中；
② 发现问题后，他重新正确连接电路，实验步骤正确，即变阻器连入电路中的电阻最大，
闭合电键时，电压表示数为U1＝0.6V ，此时电路中的电流最小为I1＝0.12A；当变阻器连入电路中的电阻为0 时，电路中的电流最大，I 3＝0.58A ；当移动变阻器滑片到某个位置时，电流表指针恰好同时指向刻度盘的正中央，由左图知，电流表选用小量程，此时电流为：I2＝×0.6A ＝0.3A ，
因 ＝ ＝ 2.5，因 U 1＝0.6V ，根据 U ＝IR ，电阻不变时，电压与电流成正比，故
U 3 约为 2.5×0.6V ＝1.5V ，
根据电压表指针恰好同时指向刻度盘的正中央，故电压表选用小量程，由 ① 知， 电源电压：
U ＝3V ，
根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻器的最大电阻：
③ 因闭合电键时，电压表示数为 U 1＝0.6V ，此时电路中的电流最小为 I 1＝0.12A ； 由欧姆定律，待测电阻：
R 1＝ ＝
＝5.0Ω；将数据填入表中； 当电流表和电压表的指针恰好同时指向刻度盘
的正中央时， 待测电压为：
U 2＝ ×3V ＝1.5V ，
此时的电流为：
I 2
＝ 0.3A ，
由欧姆定律，
当变阻器连入电路中的电阻为 0 时，待测电阻的电压为电源电压：
U 3＝ 3V ， I 3＝ 0.58A ， R 3＝
＝ ≈5.2Ω；将数据填入表中， 电阻平均值：
≈ 5.1 Ω。

如下所示：
故答案为：
R 滑大 ＝ R
＝
＝ 20Ω
R 2＝ ＝ ＝
5.0Ω；
① 将电压表串联在电路中了；
② 20 ；
③如上表所示。

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