2020年重庆市第二外国语学校九年级(上)第一次月考数学模拟试卷

月考数学模拟试卷
题号一二三总分
得分
一、选择题（本大题共12小题，共48.0分）
1.一元二次方程x2=9的根是（）
A. 3
B. ±3
C. 9
D. ±9
2.下列图形中，不一定是轴对称图形的是（）
A. 线段
B. 角
C. 菱形
D. 平行四边形
3.同时抛掷两枚质地均匀的硬币，则出现两个正面朝上的概率是（）
A. B. C. D.
4.如图，已知△ADE∽△ABC，若AD：AB=1：3，△ABC的面积
为9，则△ADE的面积为（）
A. 1
B. 3
C. 27
D. 81
5.如图，如图是按照一定规律画出的“分形图”，经观察可以发现，图A2比图A1多
2根“树枝”，图A3比图A2多出4个“树枝”，图A4比图A3多出8个“树枝”，…，照此规律，图A6比图A2多的根数为（）
A. 28
B. 56
C. 60
D. 124
6.已知x=2是一元二次方程x2-ax+6=0的解，则a的值为（）
A. -5
B. -4
C. 4
D. 5
7.如图，要使平行四边形ABCD成为矩形，需添加的条件
是（）
A. AB=BC
B. AC⊥BD
C. ∠ABC=90°
D. ∠1=∠2
8.一元二次方程x2-4x+5=0的根的情况是（）
A. 有两个不相等的实数根
B. 有两个相等的实数根
C. 只有一个实数根
D. 没有实数根
9.已知反比例函数y=的图象上有三点A（4，y1），B（2．y2），c（，y3）则y1、
y2、y3的大小关系为（）
A. y1＞y2＞y3
B. y2＞y1＞y3
C. y3＞y2＞y1
D. y3＞y1＞y2
10.如图，在矩形纸片ABCD中，CB=12，CD=5，折叠
纸片使AD与对角线BD重合，与点A重合的点为N，
折痕为DM，则△MNB的面积为（）
A.
B.
C.
D. 26
11.如图，过点O作直线与双曲线y=（k≠0）交于A、B
两点，过点B作BC⊥x轴于点C，作BD⊥y轴于点D．在
x轴，y轴上分别取点E、F，使点A、E、F在同一条
直线上，且AE=AF．设图中矩形ODBC的面积为S1，
△EOF的面积为S2，则S1、S2的数量关系是（）
A. S1=S2
B. 2S1=S2
C. 3S1=S2
D. 4S1=S2
12.从3、1、-1、-2、-3这五个数中，取一个数作为函数y=和关于x的方程（k+1）
x2+2kx+1=0中k的值，恰好使所得函数的图象经过第二、四象限，且方程有实根，满足要求的k的值共有（）个．
A. 1
B. 2
C. 3
D. 4
二、填空题（本大题共6小题，共24.0分）
13.一元二次方程x2-5x+6=0的解是______．
14.若=且a+b-c=1，则b+c-a的值为______．
15.已知直线y=mx与双曲线y=的一个交点A的坐标为(-1,-2)，则,它们的另一个交点的
坐标是________
16.如图，在平行四边形ABCD中，BE⊥AD，BF⊥CD垂足
分别为E，F，若CF=3，DE=2，∠A=60°，则平行四边
形ABCD的周长为______．
17.甲、乙两车分别从A，B两地同时相向匀速行驶．当乙车到达A地后，继续保持原
速向远离B的方向行驶，而甲车到达B地后立即掉头，并保持原速与乙车同向行驶，经过一段时间后两车同时到达C地．设两车行驶的时间为x（小时），两车之间的距离为y（千米），y与x之间的函数关系如图所示，则B，C两地相距______千米．
18.为了提高学校的就餐效率，巫溪中学实践小组对食堂就餐情况进行调研后发现：在
单位时间内，每个窗口买走午餐的人数和因不愿长久等待而到小卖部的人数各是一个固定值，并且发现若开一个窗口，45分钟可使等待的人都能买到午餐，若同时开2个窗口，则需30分钟．还发现，若能在15分钟内买到午餐，那么在单位时间内，去小卖部就餐的人就会减少80%．在学校总人数一定且人人都要就餐的情况下，为方便学生就餐，总务处要求食堂在10分钟内卖完午餐，至少要同时开多少______个窗口．
三、解答题（本大题共8小题，共78.0分）
19.如图，菱形ABCD的对角线AC，BD相交于点O，且
DE∥AC，AE∥BD．求证：四边形AODE是矩形．
20.重庆二外的学生除了体育课要进行体育锻炼外，寒暑假期间还要自己抽时间进行体
育锻炼为了了解同学们假期体育锻炼的情况，初三开学体育老师随机抽取了部分同学进行调查，并按同学课后锻炼的时间x（分钟）的多少分为以下四类：A类
（0≤x≤15），B类（15＜x≤30），C类（30＜x≤45），D类（x＞45）对调查结果进行整理并绘制了如图所示的不完整的折线统计图和扇形统计图，请结合图中信息解答下列问题：
（1）扇形统计图中D类所对应的圆心角度数为______，并补全折线统计图；
（2）现从A类中选出两名男同学和三名女同学，从以上五名同学中随机抽取两名同学进行采访，请利用画树状图或列表的方法求出抽到的学生恰好为一男一女的概率．
21.（1）化简：（÷．
（2）解方程：2x2-3x-1=0．
22.如图，已知一次函数y1=ax+b与反比例函数y2=的图象交于A（2，4）B（-4，n）
两点．
（1）求反比例函数的解析式；
（2）观察图象，直接写出使一次函数值不大于反比例函数值的x的取值范围；
（3）求△AOB的面积．
23.在江苏卫视《最强大脑》节目中，搭载百度大脑的小度机器人3：1的总战绩，斩
获2017年度脑王巔峰对决的晋级资格，人工智能时代已经扑面而来某商场去年5月份某款智能机器人售价为29000元，当月销出615台，据了解，每涨价1000元，
销量就减少5台．
（1）若该商场要想该款智能机器人月销量不低于600台，则售价应不高于多少元？
（2）据悉，6月份该商场便购进该款智能机器人600台，并按（1）问的最高售价销售，结果全部售出，7月份，全国经济出现通货膨胀，商品价格进一步上涨，去年7月份该款智能机器人的售价比6月份上涨了m%，但7月的销售量比6月份下降了2m%商场为了促进销量，8月份决定对该款智能机器人实行九折优惠促销，受此政策的刺激，该款智能机器人销售量比7月份增加了220台，且总销售额比6月份增加了15.5%，求m的值．
24.如图1，菱形ABCD中，∠BAD=60°，点E、F分别是边AB、AD上两个动点，满足
AE=DF，连接BF与DE相交于点G．
（1）如图2，连接BD，求∠BGD的度数；
（2）如图3，作CH⊥BG于H点，求证：2GH=DG+BG．
25.对于任意一个三位数k，如果k满足各个数位上的数字都不为零，且十位上的数字
的平方等于百位上的数字与个位上的数字之积的4倍，那么称这个数为“喜鹊
数”．
例如：k=169，因为62=4×1×9，所以169是“喜鹊数”．
（1）请通过计算判断241是不是“喜鹊数”，并直接写出最小的“喜鹊数”；
（2）已知一个“喜鹊数”k=100a+10b+c（1≤a、b、c≤9，其中a，b，c为自然数），若x=m是一元二次方程ax2+bx+c=0的一个根，x=n是一元二次方程cx2+bx+a=0的一个根，且m+n=-2，求满足条件的所有k的值．
26.如图，在平面直角坐标系中，Rt△ABO的斜边OA落
在y轴的正半轴上，OA、OB的长是方x2-6x+8=0的两根，把△AOB折叠，使点B落在y轴正半轴上，折痕与AB边相交于点C．
（1）求A点的坐标．
（2）求折痕OC所在直线的解析式．
（3）点P是直线OC上的点，在坐标平面内是否存在点Q，使以A、C、P、Q为顶点的四边形是一个菱形？
若存在，直接写出点Q的坐标；若不存在，请说明理由．
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：∵x2=9，
∴x=±3，
故选：B．
根据一元二次方程的解法即可求出答案．
本题考查一元二次方程，解题的关键是熟练运用一元二次方程的解法，本题属于基础题型．
2.【答案】D
【解析】解：根据轴对称图形的性质，D不一定是轴对称图形，若平行四边形不是矩形时就不是轴对称图形，
A、B、C都是轴对称图形．
故选：D．
根据轴对称图形的概念求解．
本题考查轴对称图形的知识，注意掌握轴对称图形的判断方法：如果一个图形沿一条直线折叠后，直线两旁的部分能够互相重合，那么这个图形叫做轴对称图形．
3.【答案】D
【解析】解：∵同时抛掷两枚质地均匀的硬币，等可能的结果有：正正，正反，反正，反反；
∴出现两个正面朝上的概率是：．
故选D．
首先利用列举法可得：同时抛掷两枚质地均匀的硬币，等可能的结果有：正正，正反，反正，反反；然后直接利用概率公式求解即可求得答案．
此题考查了列举法求概率的知识．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．4.【答案】A
【解析】解：∵△ADE∽△ABC，AD：AB=1：3，
∴=（）2，
∵△ABC的面积为9，
∴=，
∴S△ADE=1，
故选：A．
根据相似三角形的性质得出=（）2，代入求出即可．
本题考查了相似三角形的性质定理，能熟记相似三角形的面积比等于相似比的平方是解此题的关键．
5.【答案】C
【解析】解：图A1有：1枝
图A2有：（1+21）枝
图A3有：（1+21+22）枝
图A4有：（1+21+22+23）枝
…
图A n有：（1+21+22+23+…+2n-1）
则图A6比图A2多（1+21+22+23+24+25）-（1+21）=60（枝）
故选：C．
主干1枝，第二层2叉，每叉1枝，多21枝，第三层在第二层的基础上每叉有多2枝，共多2×21=22枝，依次下去，每层比前一层多2n-1
本题考查了图形的变化规律，解题的关键是认真观察图象，弄清楚前后两个图之间的变化规律．
6.【答案】D
【解析】解：把x=2代入x2-ax+6=0得4-2a+6=0，
解得a=5．
故选：D．
利用一元二次方程的定义，把x=2代入x2-ax+6=0得4-2a+6=0，然后解关于a的方程即可．
本题考查了一元二次方程的解：能使一元二次方程左右两边相等的未知数的值是一元二次方程的解．
7.【答案】C
【解析】解：A、是邻边相等，可判定平行四边形ABCD是菱形；
B、是对角线互相垂直，可判定平行四边形ABCD是菱形；
C、是一内角等于90°，可判断平行四边形ABCD成为矩形；
D、是对角线平分对角，可判定平行四边形ABCD是菱形．
故选：C．
根据一个角是90度的平行四边形是矩形进行选择即可．
本题主要应用的知识点为：矩形的判定．①对角线相等且相互平分的四边形为矩形．②一个角是90度的平行四边形是矩形．
8.【答案】D
【解析】解：∵a=1，b=-4，c=5，
∴△=b2-4ac=（-4）2-4×1×5=-4＜0，
所以原方程没有实数根．
故选：D．
把a=1，b=-4，c=5代入△=b2-4ac进行计算，根据计算结果判断方程根的情况．
本题考查了一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0，a，b，c为常数）的根的判别式△=b2-4ac．当△＞0，方程有两个不相等的实数根；当△=0，方程有两个相等的实数根；当△＜0，方程没有实数根．
9.【答案】C
【解析】解：把A（4，y1），B（2．y2），c（，y3）分别代入y=得y1==，y2==1，y3==4，
所以y1＜y2＜y3．
故选：C．
把A、B、C的坐标分别代入y=分别求出y1、y2、y3的值，从而得到它们的大小关系．本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征：反比例函数y=（k为常数，k≠0）的图象
是双曲线，图象上的点（x，y）的横纵坐标的积是定值k，即xy=k．
10.【答案】A
【解析】解：∵四边形ABCD是矩形，
∴∠A=90°，AD=BC=12，AB=CD=5，
∴BD===13，
由折叠的性质可得：ND=AD=12，∠MND=∠A=90°，NM=AM，
∴∠EA′B=90°，BN=BD-ND=13-12=1，
设AM=NM=x，则BM=AB-AM=5-x，
在Rt△BMN中，NM2+BN2=BM2，
∴x2+12=（5-x）2，
解得：x=，
∴NM=AM=，
∴△MNB的面积=BN×NM=×1×=；
故选：A．
由勾股定理得出BD==13，由折叠的性质可得ND=AD=12，∠MND=∠A=90°，NM=AM，得出∠EA′B=90°，BN=BD-ND=1，设AM=NM=x，则BM=AB-AM=5-x，在
Rt△BMN中，由勾股定理得出方程，解方程得出NM=AM=，即可得出答案．
此题考查了折叠的性质、勾股定理以及矩形的性质．熟练掌握折叠的性质和矩形的性质，由勾股定理得出方程是解题的关键．
11.【答案】B
【解析】解：设A点坐标为（m，-n），
过点O的直线与双曲线y=交于A、B两点，则A、B两点关与原点对称，则B的坐标
为（-m，n）；
矩形OCBD中，易得OD=n，OC=m；则S1=mn；
在Rt△EOF中，AE=AF，故A为EF中点，
由中位线的性质可得OF=2n，OE=2m；
则S2=OF×OE=2mn；
故2S1=S2．
故选：B．
根据题意，易得AB两点关与原点对称，可设A点坐标为（m，-n），则B的坐标为（-m，n）；在Rt△EOF中，由AE=AF，可得A为EF中点，分析计算可得S2，矩形OCBD中，易得S1，比较可得答案．
本题考查反比例函数系数k的几何意义，过双曲线上的任意一点分别向两条坐标轴作垂线，与坐标轴围成的矩形面积就等于|k|．本知识点是中考的重要考点，同学们应高度关
注．
12.【答案】C
【解析】解：∵函数y=的图象经过第二、四象限，
则k-2＜0，
解得：k＜2，
∴符合要求的有1，-1，-2，-3，
∵关于x的方程（k+1）x2+2kx+1=0有实数根，
∴（2k）2-4×（k+1）≥0或k+1=0，
∴符合要求的有，-1，-2，-3，
∴恰好使所得函数的图象经过第二、四象限，且方程有实根，满足要求的k的值共有3个．
故选：C．
由函数y=的图象经过第二、四象限，可得k-2＜0，由关于x的方程（k+1）x2+2kx+1=0
有实数根，可得（2k）2-4×（k+1）≥0或k+1=0，继而求得答案．
此题考查了反比例函数的性质以及一元二次方程根的判别式．此题难度适中，注意熟记性质是解此题的关键．
13.【答案】x1=2，x2=3
【解析】解：（x-2）（x-3）=0，
x-2=0或x-3=0，
x1=2，x2=3，
故答案为x1=2，x2=3．
用因式分解法解一元二次方程即可．
本题考查了解一元二次方程，掌握解一元二次方程的方法是解题的关键．
14.【答案】5
【解析】解：设==t，
∴a=2t，b=3t，c=4t，
∵a+b-c=1，
∴2t+3t-4t=1，解得t=1，
∴b+c-a=3t+4t-2t=5t=5．
故答案为5．
设==t，利用比例性质得到a=2t，b=3t，c=4t，所以2t+3t-4t=1，解得t=1，然后利
用b+c-a=5t进行计算．
本题考查了比例的性质：灵活运用比例的性质（内项之积等于外项之积、合比性质、分比性质、合分比性质、等比性质）进行计算．
15.【答案】（1，2）
【解析】解：∵点A与另一个交点关于原点对称，点A的坐标为（-1，-2），
∴另一个交点的坐标为（1，2）．
故答案是：（1，2）．
反比例函数的图象是中心对称图形，则经过原点的直线的两个交点一定关于原点对称．本题主要考查了反比例函数图象的中心对称性，要求同学们要熟练掌握．
16.【答案】28
【解析】解：∵平行四边形ABCD，∠A=60°，
∴∠C=60°，
∵CF=3，BF⊥CD，
∴BC=6，
∵DE=2，
∴AE=6-2=4，
∵BE⊥AD，
∴AB=8，
∴平行四边形ABCD的周长=（6+8）×2=28，
故答案为：28
根据平行四边形的性质和含30°的直角三角形的性质解答即可．
此题考查平行四边形的性质，关键是根据平行四边形的性质得出∠C．
17.【答案】600
【解析】解：由图象可得：当x=0时，y=300，
∴AB=300千米．
∴甲车的速度=300÷5=60千米/小时，
又∵300÷3=100千米/小时，
∴乙车的速度=100-60=40千米/小时，
设甲、乙两车出发后经过t小时同时到达C地，
依题意可得
60t-40t=300，
解得t=15，
∴B，C两地的距离=40×15=600千米．
故答案为：600．
当x=0时，y=300，故此可得到AB两地的距离为300，3小时后两车相遇，从而可求得两车的速度之和，然后依据5小时后两车的距离最大，可知甲车到达B地用5小时，从而可乙车的速度，设甲、乙两车出发后经过t小时同时到达C地，根据甲乙两车的路程相差300千米，列方程可求得t的值，最后根据乙的路程得到B、C之间的距离．
本题以行程问题为背景，主要考查了一次函数的应用，解决问题的关键是根据函数图象理解题意，求得两车的速度，并根据两车行驶路程的数量关系列出方程．
18.【答案】6
【解析】解：设每个窗口每分钟能卖x人的午餐，每分钟外出就餐有y人，学生总数为z人，并设至少要同时开n个窗口，依题意有
，
由①、②得y=x，z=90x，代入③得15nx≥90x-3x，
所以n≥5.8．
因此，至少要同时开6个窗口．
故答案为：6
设每个窗口每分钟能卖x人的午餐，每分钟外出就餐有y人，学生总数为z人，并设至少要同时开n个窗口，根据并且发现若开1个窗口，45分钟可使等待人都能买到午餐；若同时开2个窗口，则需30分钟．还发现，若在15分钟内等待的学生都能买到午餐，在单位时间内，外出就餐的人数可减少80%．在学校学生总人数不变且人人都要就餐的
情况下，为了方便学生就餐，调查小组建议学校食堂15分钟内卖完午餐，可列出不等式求解．
考查一元一次不等式组的应用；一些必须的量没有时，应设其为未知数；当题中有多个未知数时，应利用相应的方程用其中一个未知数表示出其余未知数；得到20分钟n个窗口卖出午餐数的关系式是解决本题的关键．
19.【答案】证明：∵四边形ABCD为菱形，
∴AC⊥BD，
∴∠AOD=90°，
∵DE∥AC，AE∥BD，
∴四边形AODE为平行四边形，
∴四边形AODE是矩形．
【解析】本题考查了矩形的判定以及菱形的性质，还考查了平行四边形的判定，掌握平行四边形的判定方法是解题的关键．
根据菱形的性质得出AC⊥BD，再根据平行四边形的判定定理得四边形AODE为平行四边形，由矩形的判定定理得出四边形AODE是矩形．
20.【答案】18°
【解析】解：（1）∵被调查的总人数为48÷40%=120（人），
∴扇形统计图中D类所对应的圆心角度数为360°×=18°，
B类型人数为120-（48+24+6）=42（人），
补全折线统计图如下：
故答案为：18°；
（2）用A表示女生，B表示男生，画树状图如下：
共有20种情况，其中一名男同学和一名女同学的有12种结果，
所以抽到的学生恰好为一男一女的概率为=．
（1）先由A类型的人数及其所占百分比求出总人数，再用360°乘以D类型人数占被调查人数的比例可得其对应圆心角度数，利用各类型人数之和等于总人数求出B类型人
数，从而补全折线图；
（2）用A表示女生，B表示男生，画树状图得出所有等可能结果，从中找到符合条件的结果数，再利用概率公式求解可得．
本题考查列表法与树状图法、折线统计图、扇形统计图，解题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件，利用数形结合的思想解答问题．
21.【答案】解：（1）原式=÷=；
（2）∵2x2-3x-1=0，
∴a=2，b=-3，c=-1，
∴△=9+8=17，
∴x=
【解析】（1）根据分式的运算法则即可求出答案．
（2）根据一元二次方程的解法即可求出答案．
本题考查学生的运算能力，解题的关键是熟练运用一元二次方程的解法以及分式的运算法则，本题属于基础题型．
22.【答案】解：（1）∵点A（2，4）在反比例函数y2=的图象上，
∴k=2×4=8，
∴反比例函数的解析式为y2=．
（2）∵点B（-4，n）在反比例函数y2=的图象上，
∴n==-2，
∴点B的坐标为（-4，-2）．
观察函数图象，发现：使一次函数值不大于反比例函数值的x的取值范围为x≤-4或0＜x≤2．
（3）将点A（2，4）、B（-4，-2）代入到y1=ax+b中，
得：
解得：，
∴一次函数的解析式为y=x+2，
令y=0，求得x=-2，
∴S△AOB=S△AOC+S△BOC=×2×2+2×4=6．
【解析】（1）由点A的坐标利用反比例函数图象上点的坐标特征即可求出m的值；由点B的坐标结合反比例函数图象上点的坐标特征即可得出关于n的一元一次方程，解方程即可求出点B的坐标，再由点A、B的坐标利用待定系数法即可求出一次函数解析；（2）结合函数图象即可得出一次函数值不大于反比例函数值的x的取值范围；
（3）待定系数法求得一次函数的解析式，进而求得C的坐标，然后根据三角形面积公式即可求得．
本题考查了用待定系数法确定反比例函数的解析式；要能够熟练掌握待定系数法，会运用分割法求得不规则图形的面积是解题的关键．
23.【答案】解：（1）设售价为x元，由题意得：
615-×5≥600
解得：x≤32000
∴售价应不高于32000元．
（2）由题意得：
32000（1+m%）×0.9×[600（1-2m%）+220]=32000×600×（1+15.5%）
令m%=t，原方程化简得：
120t2+38t-5=0
解得t1=，t2=-（舍）
∴m%=
∴m的值为10．
【解析】（1）设售价为x元，该款智能机器人月销量不低于600台，可列出一元一次不等式，求解即可；
（2）根据该款智能机器人销售量比7月份增加了220台，且总销售额比6月份增加了15.5%，可列出一元二次方程，求解，并根据问题的实际意义作出取舍即可．
本题题考查了一元一不等式和一元二次方程在实际问题中的应用，理清题中的数量关系，并正确列式，是解题的关键．
24.【答案】（1）解：如图2中，
∵四边形ABCD是菱形，
∴AD=AB，
∵∠A=60°，
∴△ABD是等边三角形，
∴AB=DB，∠A=∠FDB=60°，
在△DAE和△BDF中，
，
∴△DAE≌△BDF，
∴∠ADE=∠DBF，
∵∠EGB=∠GDB+∠GBD=∠GDB+∠ADE=60°，
∴∠BGD=180°-∠BGE=120°．
（2）证明：如图3中，延长GE到M，使得GM=GB，连接BD、CG．
∵∠MGB=60°，GM=GB，
∴△GMB是等边三角形，
∴∠MBG=∠DBC=60°，
∴∠MBD=∠GBC，
在△MBD和△GBC中，
，
∴△MBD≌△GBC，
∴DM=GC，∠M=∠CGB=60°，
∵CH⊥BG，
∴∠GCH=30°，
∴CG=2GH，
∵CG=DM=DG+GM=DG+GB，
∴2GH=DG+GB．
【解析】（1）只要证明△DAE≌△BDF，推出∠ADE=∠DBF，由
∠EGB=∠GDB+∠GBD=∠GDB+∠ADE=60°，推出∠BGD=180°-∠BGE=120°．
（2）如图3中，延长GE到M，使得GM=GB，连接BD、CG．由△MBD≌△GBC，推出DM=GC，∠M=∠CGB=60°，由CH⊥BG，推出∠GCH=30°，推出CG=2GH，由
CG=DM=DG+GM=DG+GB，即可证明2GH=DG+GB．
本题考查菱形的性质、等边三角形的判定和性质、全等三角形的判定和性质，直角三角形30度角性质等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造全等三角形解决问题，属于中考常考题型．
25.【答案】解：（1）∵42=16，4×2×1=8，16≠8
∴241不是喜鹊数；
∵各个数位上的数字都不为零，百位上的数字与个位上的数字之积的4倍，
∴十位上的数字的平方最小为4，
∵22=4，4×1×1=4，
∴最小的“喜鹊数”是121；
（2）∵k=100a+10b+c是喜鹊数，
∴b2=4ac，即b2-4ac=0，
∵x=m是一元二次方程ax2+bx+c=0的一个根，x=n是一元二次方程cx2+bx+a=0的一个根，∴am2+bm+c=0，cn2+bn+a=0，
将cn2+bn+a=0两边同除以n2得：a（）2+b（）+c=0，
∴将m、看成是方程ax2+bx+c的两个根，
∵b2-4ac=0，
∴方程ax2+bx+c有两个相等的实数根，
∴m=，即mn=1，
∵m+n=-2，
∴m=-1，n=-1，
∴a-b+c=0，
∴b=a+c，
∵b2=4ac，
∴（a+c）2=4ac，
解得：a=c，
∴满足条件的所有k的值为121，242，363，484．
【解析】（1）由题意代入验证即可解答；
（2）求出m与n互为倒数，又m+n=-2，得出m=-1，n=-1，求出b=a+c，a=c，结合喜鹊数的定义即可得出答案．
此题考查了一元二次方程的应用，解题关键是弄清喜鹊数的定义．
26.【答案】解：（1）解方程x2-6x+8=0得x=2或4，
则OB=2，OA=4，
则A的坐标是（0，4）；
（2）作CD⊥y轴于点D，如答图（1）．
∵B、D关于OC对称，
∴CD=CB，OB=OD=2，
设CD=CB=x，
∵S△ABO=S△AOC+S△OBC，
∴AB•OB=OA•CD+OB•BC，
∴2×=2x+4x，
解得：x=，
则C的坐标是（，2），
设直线OC的解析式是y=kx，则k=2，
解得：k=，
则OC的解析式是y=x；
（3）存在；
∵C（，2），
∴OC==，
①当AC为以A、C、P、Q为顶点的菱形的一边，且
P1点在C点下方时，
∵AC=OC=，
∴P1点与O点重合．
∵C（，2）
∵AO是菱形ACP1Q1的对角线，而AO在y轴上，
∴点Q1与点C关于y轴对称，
∴Q1（-，2）．
②当AC为以A、C、P、Q为顶点的菱形的一边，P2点在C点上方，Q2在直线OC的左侧时，
连接Q2C、AP2，交于点M．
∵∠ACP2=∠OAB+∠AOC=60°，
∴∠ACQ2=30°，
∴Q2C∥y轴，
∴AP2∥x轴，
∵A（0，4），C（，2）
∴M（，4），
∵Q2M=MC=4-2=2．
∴Q2（，6）．
③当AC为以A、C、P、Q为顶点的菱形的一边，P3点在C点上方，Q3在直线OC的右侧时，
∵∠ACP3=∠OAB+∠AOC=60°，AP3=AC=，
∴△ACP3是等边三角形．
∴∠P3AC=60°，
∴∠P3AO=90°，
∴P3A∥x轴，
∵P3A∥Q3C，
∴Q3C∥x轴，
∵C（，2），Q3C=AC=，
∴Q3（，2）．
④当AC为以A、C、P、Q为顶点的菱形的对角线，且P4点在C点上方时，可证得Q4与Q1重合
⑤当AC为以A、C、P、Q为顶点的菱形的对角线，且P5点在C点下方时，由于
∠ACP5=120°，所以这样的菱形不存在．
综上所述，点Q的坐标为Q1（-，2）、Q2（，6）或Q3（，2）．
【解析】（1）首先解方程求得OA和OB的长，然后利用勾股定理求得OA的长，则A 的坐标即可求得；
（2）作CD⊥y轴于点D，则CD=BC，根据S△ABO=S△AOC+S△OBC，即可求得CD的长，则C的坐标即可求得，利用待定系数法即可求得直线解析式；
（3）存在，分类讨论：①当AC为以A、C、P、Q为顶点的菱形的一边，且P1点在C 点下方；②当AC为以A、C、P、Q为顶点的菱形的一边，P2点在C点上方，Q2在直线OC的左侧时；③当AC为以A、C、P、Q为顶点的菱形的一边，P3点在C点上方，Q3在直线OC的右侧时．由菱形的性质和等边三角形的性质求出Q点的坐标．
本题考查了待定系数法求函数解析式以及图形的折叠和菱形的判定，正确确定P的坐标
是本题的关键．。