高中物理选修11第三章电磁感应专项练习习题(含解析)

高中物理选修1-1第三章电磁感应-专项练习习题〔含解析〕
一、单项选择题
1.如下图，理想自耦变压器，副线圈接有滑动变阻器R和定值电阻R1，Q是滑动变阻器R的滑动触头，原线圈两端接电压有效值恒定的交变电流，所有电表均为理想电表，那么〔〕
A.保持P的位置不变，Q向右滑动两表示数都变小
B.保持P的位置不变，Q向右滑动R1消耗功率变大
C.保持Q的位置不变，P向下滑动R1消耗功率变大
D.保持Q的位置不变，P向上滑动两表示数都变大
2.关于变压器以下说法正确的选项是〔〕
A.变压器的工作原理是利用电磁感应现象
B.变压器的铁芯是闭合的，闭合是为了让电流从原线圈经铁芯流向副线圈
C.变压器不仅可以变压，也可以改变交流电的频率
D.升压变压器副线圈所用的导线比原线圈所用的导线粗
3.理想变压器原、副线圈匝数之比n1：n2=2：1，且在输入、输出回路中分别接有一样的纯电阻，如图3所示，原线圈接在电压为U的交流电源上，那么副线圈的输出电压为〔〕
A. B. C.U D.U
4.如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，以下情况下不能引起电流计指针转动的是〔〕
A.闭合电键瞬间
B.断开电键瞬间
C.闭合电键后拔出铁芯瞬间
D.闭合电键后保持变阻器的滑动头位置不
变
5.关于感应电流，以下说法中正确的选项是〔〕
A.只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电流
B.只要闭合导线做切割磁感线运动，导线中就一定有感应电流
C.假设闭合电路的一局部导体不做切割磁感线运动，闭合电路中一定没有感应电流
D.当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中一定有感应电流
6.如下图，A，B是两个完全一样的灯泡，L是自感系数较大的线圈，其直流电阻忽略不计．当
电键K闭合或断开时，以下说法正确的选项是〔〕
A.K闭合时，A比B先亮，然后A熄灭
B.K闭合时，B比A先亮，然后B逐渐变暗，A逐渐变亮
C.K断开时，AB一齐熄灭
D.K断开时，B灯立即熄灭，A灯逐渐熄灭
7.如图为日光灯的电路图，以下说法正确的选项是〔〕
A.日光灯的启动器是装在专用插座上的，当日光灯正常发光时，取下启动器，会影响灯管发光
B.假如启动器丧失，作为应急措施，可以用一小段带绝缘外皮的导线启动日光灯
C.日光灯正常发光后，灯管两端的电压为220V
D.镇流器在启动器中两触片接触时，产生瞬时高电压
二、多项选择题
8.如下图，M是一小型理想变压器，接线柱a、b接在电压μ=311sin314t〔V〕的正弦交流电源上，变压器右侧局部为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料〔电阻率随温度升高而减小〕制成的传感器，所有电表均为理想电表，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压〔报警器未画出〕，R3为一定值电阻．当传感器R2所在处出现火情时，以下说法中正确的选项是〔〕
A.A1的示数增大，A2的示数减小
B.A1的示数增大，A2的示数增大
C.V1的示数增大，V2的示数增大
D.V1的示数不变，V2的示数减小
9.如图，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压一样的灯泡a和b.当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光．以下说法正确的选项是()
A.原、副线圈匝数比为9∶1
B.原、副线圈匝数比为1∶9
C.此时a和b的电功率之比为9∶1
D.此时a和b的电功率之比为1∶9
10.如下图，A，B，C是三个完全一样的灯泡，L是一个自感系数较大的线圈〔直流电阻可忽略不计〕．那么〔〕
A.S闭合时，A灯立即亮，然后逐渐熄灭
B.S闭合时，B灯立即亮，然后逐渐熄灭
C.电路接通稳定后，S断开，C灯逐渐熄灭
D.电路接通稳定后，三个灯亮度一样
11.在图所示的实验电路中，带铁芯的、电阻较小的线圈L与灯A并联，当合上电键K，灯A 正常发光，那么以下说法正确的选项是〔〕
A.当断开K时，灯A立即熄灭
B.当断开K时，灯A突然闪亮后熄灭
C.假设用电阻值与线圈L一样的电阻取代L接入电路，当断开K时，灯A立即熄灭
D.假设用电阻值与线圈L一样的电阻取代L接入电路，当断开K时，灯A突然闪亮后熄灭
12.某小型水电站的电能输送示意图如下图，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电。

输电线的总电阻为R=10Ω，降压变压器T2原、副线圈匝数之比为4∶1，降压变压器
副线圈两端交变电压u＝220 sin100πt V，降压变压器的副线圈与滑动变阻器组成闭合电路。

假设将变压器视为理想变压器，当负载R0=11Ω时
A.通过R电流的有效值是20A
B.升压变压器的输入功率为4650W
C.当负载R0增大时，发电机的输出功率减小
D.发电机中电流变化的频率为100Hz
13.以下关于涡流的利用与防止说法正确的选项是〔〕
A.真空冶炼炉和探雷器是利用涡流工作的
B.变压器的铁芯用许多电阻率很大的硅钢片叠合而成是为防止涡流
C.电磁炉所用的锅要用平厚底金属锅是为增大涡流
D.电动机的铁芯要用整块金属是为增大涡流
14.如下图为理想变压器原线圈所接正弦交流电两端的电压﹣时间图像．原、副线圈匝数比n1：n2=10：1，串联在原线圈电路中交流电流表示数为1A，那么〔〕
A.变压器原线圈所接交流电压的有效值为220V
B.串联在副线圈电路中交流电流表的示数为10 A
C.变压器的输出功率为220 W
D.串联在副线圈中的电阻阻值变为原来的10倍，变压器的输入功率变为原来的
15.发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至用户的输电导线的总电阻为R，通过输电导线的电流为I，用户两端得到的电压为U2，输电导线上损耗的功率可表示为〔〕
A. B. C.I2R D.I〔U1﹣U2〕
三、填空题
16.为了演示接通电源的瞬间和断开电源的瞬间的电磁感应现象，设计了如下图的电路图，AB两灯规格一样，L的直流电阻和R相等，开关接通的瞬间，A灯的亮度________〔填“大于〞“等于〞或“小于〞〕B灯的亮度；通电一段时间后，A灯的亮度________〔填“大于〞“等于〞或“小于〞〕B灯的亮度；断电的瞬间，A灯________〔“立即〞或“逐渐〞〕熄灭，B灯
________熄灭．〔填“立即〞或“逐渐〞〕
17.发现电流的周围空间存在磁场的物理学家是________；英国物理学家________发现了电磁感应现象；法国物理学家________提出分子电流假说，提醒了磁现象的电本质。

18.如下图，单匝矩形闭合导线框abcd全部处于磁感应强度为B的程度匀强磁场中，线框面积为S ，电阻为R。

线框绕与cd边重合的竖直固定转轴以角速度匀速转动，线框中感应电流的峰值I m=________，感应电流的有效值I=________.
19.接有理想电压表的三角形导线框abc，如下图，在匀强磁场中向右运动，那么框中________感应电流，电压表________读数〔示数不为零称有读数〕。

〔填“有〞或“无〞〕
20.输送1.0×l05瓦的电功率，用发1.0×l04伏的高压送电，输电导线的电阻共计1.0欧，输电导线中的电流是________A，输电导线上因发热损失的电功率是________W。

21.如图是一电热水壶的铭牌，由铭牌可知，该电热水壶在额定电压下工作时，所使用的交流电压的最大值为________V，交流电的周期为________s．
22.用电压U和kU通过一样间隔一样材料的输电线向用户输送同样的电能，假设要求输电线损失的功率一样，那么前后两种情况输电线的横截面积之比为________，假设采用同样粗细的输电导线输电，那么前后两种情况下输电导线上损失的功率之比为________。

23.如下图，用理想变压器给R供电，设输入的交变电压不变，当R的滑片向上挪动时四只电表及变压器的输入功率变化情况是：V1________，V2________，A1________，A2________，P________〔填写增大、减小或不变〕
四、解答题
24.一个线圈，接通电路时，通过它的电流变化率为10A/s，产生的自感电动势为2.0V；这线圈的自感系数是多少？．假如切断电路时，电流变化率为5.0×103A/s，那么产生的自感电动势是多大？
25.发电机输出的电功率为100kW，输出电压为250V．现欲向远处输电，假设输电线的总电阻为8Ω，要求输电时输电线上损失的电功率不超过5%，并向用户输送220V电压，求所用升压变压器和降压变压器的原、副线圈的匝数比分别为多少？
五、实验探究题
26.我们通过实验可以探究感应电流的产生条件，在以下图的实验中，线圈A通过滑动变阻器和开关接到电源上，线圈B的两端连接到电流表上，把线圈A装在线圈B里面．通过实验，判断线圈B中是否有电流产生．
〔1〕开关闭合的瞬间________感应电流产生〔填“有〞或“无〞〕
〔2〕开关总是闭合的，缓慢滑动变阻器时，________感应电流产生〔填“有〞或“无〞〕〔3〕断开开关后，迅速挪动滑动变阻器的滑片，________感应电流产生〔填“有〞或“无〞〕〔4〕归纳以上实验的结果，产生感应电流的条件是________．
六、综合题
27.如图是一小型发电站通过升压、降压变压器把电能输给用户的示意图．发电机的输出功率是400kW，输出电压U1=400V，用变压比n1：n2=1：20的理想变压器升压后向远处供电，输电线的总电阻为10Ω，到达用户后再用变压器降为220V，求：
〔1〕升压变压器的副线圈两端电U2；
〔2〕输电线上损失的电功率；
〔3〕降压变压器的变压比n3：n4．
28.电站通过升压器、输电线和降压器把电能输送给消费和照明组成的用户，假设发电机发
电功率为1.2×105W ，输出电压是240V ，升压器原副线圈的匝数之比为1∶25，输电线的总电阻为10Ω ，用户需要电压为220V ．求：
〔1〕输电线上损失的电功率为多少？
〔2〕降压变压器的匝数比为多少？
29.如下图为某学校一套校内备用供电系统，由一台内阻为1Ω的发电机向全校22个教室〔每个教室有“220V ，40W〞的白炽灯6盏〕供电。

假如输电线的总电阻R是4Ω ，升压变压器和降压变压器〔都认为是理想变压器〕的匝数比分别是1︰4和4︰1，每个教室的白炽灯都正常发光，求：
〔1〕输电线的损失功率是多大?
〔2〕发电机的电动势是多大?
〔3〕输电效率是多少?
答案解析局部
一、单项选择题
1.【答案】D
【考点】变压器原理
【解析】【解答】解：AB、当P不动时，自耦变压器的输出的电压不变，所以电压表的示数不变；
当Q向右挪动时，滑动变阻器的电阻增大，所以电路的电流减小，根据变流比公式，变压器的输入电流也就减小，故安培表的读数减小；
流过电阻R1的电流减小，故R1消耗功率减小；
故A错误，B错误；
C、保持Q的位置不变，P向下滑动，根据变压比公式，变压器的输出电压减小，故流过电阻R1的电流减小，故R1消耗功率减小；故C错误；
D、保持Q的位置不变，P向上滑动，根据变压比公式，变压器的输出电压增加，故流过电阻R1的电流增加，变压器的输出功率增加；而输入功率等于输出功率，故输入功
率也增加；根据P=U1I1，输入电流增加；故两表示数都变大，故D正确；
应选：D
【分析】此题和闭合电路中的动态分析类似，可以根据Q的变化，确定出全电路的电阻的变化，进而可以确定全电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况．
2.【答案】A
【考点】变压器原理
【解析】【解答】解：A、变压器的工作原理是利用电磁感应现象，A正确；
B、变压器的铁芯是闭合的，闭合是为了使原副线圈的磁通量的变化率一样，副线圈中产生电流是电磁感应的结果，B错误；
C、变压器不能改变交流电的频率，C错误；
D、由于电流与匝数成反比，升压变压器副线圈所用的导线比原线圈所用的导线细，D错误；应选：A
【分析】变压器时根据电磁感应来工作的，变压器的铁芯是闭合的，闭合是为了使原副线圈的磁通量的变化率一样，变压器不能改变交流电的频率，而原副线圈的电压比等于匝数比，电流与匝数成反比．
3.【答案】C
【考点】变压器原理
【解析】【解答】解：设原线圈中电流为I，那么根据电流之比等于线圈匝数的反比可知，副线圈中电流为2I；那么可知原线圈R两端的电压U R=IR；副线圈的输出电压U2=2IR；
根据变压器电压之比与线圈匝数关系可知：= ；
根据电路规律可知，U=U R+U1；
联立以上各式解得：U2= U．
故C正确，ABD错误．
应选：C．
【分析】根据电压之比等于线圈匝数之比，而电流之比等于线圈匝数的反比可分别用U2表示变压器输入电压和原线圈中R两端的电压，再根据R与原线圈串联，根据串联电路规律即可求得输出电压．
4.【答案】D
【考点】电磁感应现象
【解析】【解答】解：A、闭合电键和断开电键的瞬间，与B线圈相连的回路磁通量发生变化，产生感应电流，指针发生转动．故A、B错误．
C、闭合电键后拔出铁芯的瞬间，穿过与B线圈相连的回路磁通量减小，产生感应电流，指针发生转动．故C错误．
D、闭合电键后保持变阻器的滑动头位置不变，与B线圈相连的回路磁通量不变，不产生感应电流，指针不转动．故D正确．
应选D．
【分析】当穿过闭合回路磁通量发生变化，产生感应电流，电流计指针就会转动．
5.【答案】D
【考点】电磁感应现象
【解析】【解答】解：闭合电路中产生感应电流的条件是穿过闭合回路的磁通量发生变化．A、只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电动势，当线圈闭合时，才一定有感应电流，A不符合题意；
B、假如闭合电路中的局部导体，做切割磁感线，那么会产生感应电流，原因是闭合电路中的磁通量发生变化了，B不符合题意；
C、假设闭合电路的一局部导体不做切割磁感线运动，但闭合电路所处的位置，磁场发生变化，就会产生感应电流，C不符合题意；
D、当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中一定有感应电流．D符合题意．
故答案为：D．
【分析】电磁感应发生生的条件是：穿过闭合回路的磁通量发生改变，可以理解为一是必须是闭合回路，二是磁通量发生改变，据此可以判断。

6.【答案】B
【考点】自感与互感
【解析】【解答】解：A、B、灯B与电阻R串联，当电键K闭合时，灯B立即发光．通过线圈L的电流实然增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，A逐渐亮起来．所以B比A先亮．由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，感应电动势减小，A灯电流逐渐增大，A灯逐渐变亮，外电路电流变大时，路端电压U=E﹣Ir减小，B灯变暗．故A错误，B正确；
C、D、稳定后当电键K断开后，由于自感效应，线圈中的电流只能渐渐减小，其相当于电源，与灯泡A、B和电阻R构成闭合回路放电，由于稳定时A灯的电流大于B灯泡的电流，故A逐渐变暗，B先闪亮一下，最后一起熄灭，故C错误，D错误；
应选：B．
【分析】当电键K闭合时，通过线圈L的电流实然增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断感应电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮．断开瞬间也可以按照同样的思路分析．7.【答案】B
【考点】自感与互感
【解析】【分析】日光灯正常发光后，启动器不起作用了，不会影响灯管发光，A错误，假如启动器丧失，作为应急措施，可以用一小段带绝缘外皮的导线启动日光灯，B正确，镇流器仍起作用，它限制了日光灯电流不致太大，灯管二端电压是低于电源电压；C错误，当启动器断开瞬间镇流器产生高压，D错误
应选B。

【点评】关键是对日光灯各个器件的作用熟悉
二、多项选择题
8.【答案】A,D
【考点】变压器原理
【解析】【解答】解：当传感器R2所在处出现火情时，R2的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，A1测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A1示数也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以V1的示数不变，由于副线圈中电流增大，R3的电压变压变大，所以V2的示数要减小，即R1的电压也要减小，所以A2的示数要减小，所以AD正确．
应选AD．
【分析】和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．
9.【答案】A,D
【考点】变压器原理
【解析】【解答】灯泡正常发光，那么其电压均为额定电压，那么说明原线圈输入电压为9U，输出电压为U；那么可知，原副线圈匝数之比为9：1：A符合题意B不符合题意；根据公式
可得，由于小灯泡两端的电压相等，所以根据公式P=UI可得两者的电功率之比为1：9，C不符合题意D符合题意；
故答案为：AD
【分析】两个灯泡额定电压一样，故匝数比为9:1，起一个降压的作用，利用匝数比求出电流的关系，利用公式P=UI求解功率。

10.【答案】A,C
【考点】自感与互感
【解析】【解答】解：电路中A灯与线圈并联后与B灯串联，再与C灯并联．
A、B，S闭合时，三个灯同时立即发光，由于线圈的电阻很小，逐渐将A灯短路，A灯逐渐熄灭，A灯的电压逐渐降低，B灯的电压逐渐增大，B灯逐渐变亮．故A正确，B错误．C、电路接通稳定后，S断开时，C灯中原来的电流立即减至零，由于线圈中电流要减小，产生自感电动势，阻碍电流的减小，线圈中电流不会立即消失，这个自感电流通过C灯，所以C灯过一会儿熄灭．故C正确
D、电路接通稳定后，A灯被线圈短路，完全熄灭．B、C并联，电压一样，亮度一样．故D 错误．
应选：AC
【分析】当电流增大时，线圈会阻碍电流的增大，当电流减小时，线圈会阻碍电流的减小．根据电感线圈的特性进展分析．
11.【答案】B,C
【考点】电磁感应现象，自感与互感
【解析】【解答】解：A、B、电键断开前，电路稳定，灯A 正常发光，线圈相当于直导线，电阻较小，故流过线圈的电流较大；电键断开后，线圈中的电流会减小，发生自感现象，线圈成为A、L回路的电源，故灯泡反而会更亮一下后熄灭，故A错误，B正确；
C、D、假设用阻值与线圈L一样的电阻取代L接入电路，那么不会发生自感现象，故断开S 时，灯A立即熄灭，故C正确，D错误；
应选：BC．
【分析】“断电自感〞是一种常见的电磁感应现象，忽略电池内阻及导线电阻，并设灯A的电阻为R A，线圈L的直流电阻为R L，电动势为E，线圈L中的电流强度为I A，通过灯泡的电流强度为I L，电流方向均向左；
电流方向：K断开瞬间通过灯A的电流立即减小为0；但同时由于线圈L中的电流I L0减小，故L中的自感电流I′L必与原电流I L0同向以“阻碍〞原电流的减小，因此线圈L作了A、L回路的电源，且线圈L的左端为电流负极而右端为正极；故实际上K断开瞬间经过灯A的电流并不为0而是方向向右的电流I L．
12.【答案】B,C
【考点】电能的输送
【解析】【解答】通过用电器的电流有效值，那么降压变压器初
级电流有效值为,故A错误．那么输电线上损耗的功率P损＝I32R＝25×10W＝250W，降压变压器的输入功率P3=U4I4=220×20W=4400W，那么升压变压器的输出功率P=P3+P 损=4400+250W=4650W．故B正确．当用电器的电阻R0增大时，降压变压器的输出电流减小，那么输电线上的电流减小，升压变压器原线圈中的电流减小，根据P=UI知，发电机的输出功率减小．故C正确．交流电经过变压器，频率不变，那么交流电的频率
．故D错误．应选BC.
【分析】远间隔输电；变压器此题是关于远间隔输电的问题；解决此题的关键知道：1、原副线圈的电压、电流与匝数比的关系；2、升压变压器的输出功率、功率损失和降压变压器的输入功率之间的关系；3、在输电的过程中，交流电的频率不变。

13.【答案】ABC
【考点】涡流
【解析】【解答】解：A、高频感应炉是用涡流来熔化金属对其进展冶炼的，炉内放入被冶炼的金属，线圈内通入高频交变电流，这时被冶炼的金属中产生涡流就能被熔化，而探雷器，故A正确．B、在整块导体内部发生电磁感应而产生感应电流的现象称为涡流现象，要损耗能量，不用整块的硅钢铁芯，其目的是为了减小涡流，故B正确．
C、电磁炉所用的锅要用平厚底金属锅是为增大涡流，从而发热工作．故C正确．
D、电动机的铁芯没有用整块金属，是为减小涡流，故D错误．
应选：ABC．
【分析】线圈中的电流做周期性的变化，在附近的导体中产生感应电流，该感应电流看起来像水中的漩涡，所以叫做涡流．涡流会在导体中产生大量的热量．
电磁炉是利用涡流电流使锅体发热而工作的；由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势与磁通量的变化率成正比，与磁场变化的频率有关；锅体只能使用铁磁性材料．
14.【答案】A,D
【考点】变压器原理
【解析】【解答】解：A、由原线圈所接正′弦交流电u﹣t图像以及交流电规律可知，变压器
原线圈所接交流电压有效值为U1= = =220 V，故A正确；
B、串联在原线圈电路中交流电流表示数为1A，那么串联在副线圈电路中交流电流表的示数
为A．故B错误；
C、输出端所接电压表示数也为有效值，因为原、副线圈匝数比n1：n2=10：1，由变压器的变压关系可知U1：U2=n1：n2，解得U2=22 V，变压器的输出功率等于输出功率：P=U2I2=220 W，故C错误；
D、串联在副线圈中的电阻阻值变为原来的10倍，变压器的输出功率：= 变
成原来的，所以变压器的输入功率变为原来的；故D正确
应选：AD
【分析】根据图像可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．
15.【答案】B,C,D
【考点】变压器原理
【解析】【解答】解：升压变压器的输出电压为U1，降压变压器的输入电压为U2，那么输电线上的电压损失∶U=U1﹣U2，升压输电线上损失的功率为P损=∶UI=I〔U1﹣U2〕或
= ．那么B，D正确，因为输电线上的电流为I，那么输电线上损失的功P损=I2R．故C正确，
应选：BCD．
【分析】根据输电线中的电流，结合P损=I2R求出损失的功率，或根据电压损失，结合
求出输电线上的损失功率
三、填空题
16.【答案】大于；等于；逐渐；立即
【考点】自感与互感
【解析】【解答】解：闭合开关的瞬间，通过L的电流增大，产生自感电动势，阻碍原电流的变化，从而使通过A灯的电流比B灯的电流大，所以灯A的亮度大于灯B的亮度；当通电一段时间后，电路的电流稳定，通过两灯的电流一样，所以两灯亮度一样；断电瞬间，通过L的电流减小，产生自感电动势，阻碍原电流的变化，从而使通过A灯的电流比B灯的电
流消失的慢，即而判断灯A逐渐熄灭，灯B立即熄灭．故答案为：大于；等于；逐渐；立即．
【分析】L与R的直流电阻相等说明闭合开关S到达稳定后两灯均可以正常发光；闭合开关的瞬间，通过L的电流增大，产生自感电动势，阻碍原电流的变化，从而使通过A灯的电流比B灯的电流大，即而判断灯的亮度；断电瞬间，通过L的电流减小，产生自感电动势，阻碍原电流的变化，从而使通过A灯的电流比B灯的电流消失的慢，即而判断灯是否立即熄灭．
17.【答案】奥斯特；法拉第；安培
【考点】电磁感应现象
【解析】【解答】丹麦物理学家奥斯特发现电能生磁，而英国科学家法拉第发现磁能生电。

法国物理学家安培提出分子电流假说，提醒了磁现象的电本质。

【分析】此题考察物理开展史上著名科学家以及其奉献的记忆理解，属于常考题型，需引起重视。

18.【答案】；
【考点】交流电的最大值与有效值，周期和频率
【解析】【解答】此题考察线圈在磁场中转动的问题，匀强磁场中，线圈匀速转动所以峰值
，电流，电流的有效值；
【分析】此题考察对描绘交变电流的物理量的相关计算，比拟简单。

19.【答案】无；无
【考点】电磁感应现象
【解析】【解答】无论线圈在匀强磁场中向右匀速、加速或减速运动，穿过线框的磁通量均不变，即ΔΦ＝0，故无感应电流，再考虑到电压表的工作原理知电压表指针示数为零。

【分析】闭合线圈产生感应电动势条件是磁通量发生变化，图中线圈在运动但磁通量没有发生变化，故没有感应电动势产生。

20.【答案】10；100
【考点】电能的输送
【解析】【解答】由P=UI ，得输电导线中的电流；
输电导线上因发热损失的电功率
【分析】此题就是考察队公式P=UI的正确应用。

21.【答案】220 ；0.02
【考点】交流电的最大值与有效值，周期和频率
【解析】【解答】由图知电水壶的额定电压为220V，频率为50Hz，那么所使用的交流电压。