山西省晋中市2018-2019学年高二物理上学期周练试题(2)

山西省晋中市2018-2019学年高二物理上学期周练试题（2）、选择题（（本题共8小题，每小题7分，共56分，第1-4题只有一个正确选项，第5-8
题有多个正确选项，全部答对的得7分，选对但不全的得4分，选错或不选的得0分））
1、（多选）下列关于功和机械能的说法，正确的是（）
A. 在有阻力作用的情况下，物体重力势能的减少不等于重力对物体所做的功
B. 合力对物体所做的功等于物体动能的改变量
C. 物体的重力势能是物体与地球之间的相互作用能，其大小与势能零点的选取有关
D. 运动物体动能的减少量一定等于其重力势能的增加量
2. 、消防员身系弹性绳自高空p点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，b 点是人
静止悬吊着的位置，c点是人所到达的最低点，空气阻力不计，则人：
（）
A. 从p至c过程中人的动能不断增大
B. 从p至b过程中人的动能不断增大
C. 从p至c过程中重力所做的功大于人克服弹性绳弹力所做的功
D. 从a至c过程中人的重力势能减少量等于弹性绳的弹性势能增加量
3. 、（多选）如图所示，长为L的粗糙长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小
物块.现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为a时
v，重力加速度为g.下列小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为判断
正确的是：（）
A. 整个过程物块受的支持力垂直于木板，所以不做功
B. 物块所受支持力做功为mgLsin a
C. 发生滑动前静摩擦力逐渐增大
D. 整个过程木板对物块做的功等于物块机械能的增量
4、起跳摸高是学生经常进行的一项体育活动.一质量为m的同学弯曲两腿向下蹲，然后用力
蹬地起跳，从该同学用力蹬地到刚离开地面的起跳过程中，他的重心上升了h,离地时他的速度大小为v.下列说法正确的是：（）
D.小球上升到2 m 时，动能与重力势能之差为
0.5 J
A.
该同学机械能增加了 mgh
1 B. 起跳过程中该同学机械能增量为 mgh + 2mv
2 1
C. 地面的支持力对该同学做功为 mgh^ 2mv2 一 , 1
D. 该同学所受的合外力对其做功为 gmv2+ mgh 5、如右图所示，小球以初速度 v0从A 点沿不光滑的轨道运动到高为
h 的B 点后自动返回,
其返回途中仍经过 A 点，水平轨道与倾斜轨道之间用平滑圆弧连接 （图中没画出）.则经过
A 点速度v 的大小为 ：（ ） A. V ：— 4gh B. 4gh — V C. v ：— 2gh D. 2gh — V 6、如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的速度图象, Oa 为过 原点的倾斜直线，ab 段表示以额定功率行驶时的加速阶段, be 段是与ab 段相切的水平直线，则下述说法正确的是： （ ） A. 0〜t1时间内汽车做匀加速运动且功率恒定
1 1
B. t1〜t2时间内汽车牵引力做功为 ？mv 2— 2mv2 1
C. t1〜t2时间内的平均速度为 2（v1 + v2）
D.在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值, t2〜t3时间内牵引力最小 7、.将小球以10 m/s 的初速度从地面竖直向上抛出，取地面为零势能面，小球在上升过程中 的动能Ek 、重力势能Ep 与上升高度h 间的关系分别如图中两直线 所示.取g = 10 m/s 2,下列说法正确的是 ：（ ） A.小球的质量为 0.2 kg
B.小球受到的阻力（不包括重力）大小为0.20 N
C.小球动能与重力势能相等时的高度为
20
石m
8、如图所示，半径为 R 的金属环竖直放置，环上套有一质量为
m 的小球，小球开始时静止于
最低点.现使小球以初速度 v0 = 6Rg 沿环上滑 力，则小球从最低点运动到最高点的过程中 A. 小球的机械能守恒
B.
小球在最低点时对金属环的压力是
6mg C.
小球在最高点时，重力的功率是
mg.gR
D. 小球的机械能不守恒，且克服摩擦力做的功是 填空题（10分）
9. （10分）图甲是验证机械能守恒定律的实验•小圆柱由一根不可伸长的轻绳拴住，轻绳另一
端固定，将轻绳拉至水平后由静止释放•在最低点 附近放置一组光电门， 测出小圆柱运动 到最低点的挡光时间 △ t ，再用游标卡尺测出小圆柱的直径 d ，如图乙所示，重力加速度为 g.则：
光电门 / 光电门
甲
⑴ 小圆柱的直径 d = _________ cm.
械能守恒.
三、计算题（共2小题，共34分）
主尺
.1 .1
游标
2 cm
L I 10
⑵测出悬点到圆柱重心的距离 I ，若等式gl =
________ 成立，说明小圆柱下摆过程中机
小球运动到环的最高点时与环恰无作用
0.5mgR
10、（ 17分）如右图所示，传送带与水平面之间的夹角为
10 kg 的小物体（可视为质点）轻放在传送带的 A 点，已知小
离为I =5 m ，传送带在电动机的带动下以 v = 1 m/s 的速度匀速运动，现将一质量为
m =
0 = 30°，其上A 、B 两点间的距
题有多个正确选项，选对但不全的得4分，选错或不选的得0分))
物体与传送带之间的动摩擦因数□=#，在传送带将小物体从A点传送到B点的过程中
(g 取10 m/s2)，求：
(1) 传送带对小物体做的功;
(2) 电动机做的功.
11. (17分)如图所示，半径R= 0.9 m的四分之一圆弧形光滑轨道竖直放置，圆弧最低点B与
长为L= 1 m的水平面相切于B点，BC离地面高h= 0.45 m , C点与一倾角为0 = 30。

的光滑斜面连接，质量m= 1.0 kg的小滑块从圆弧顶点A由静止释放，已知滑块与水平面间
的动摩擦因数 = 0.1，取g = 10 m/s2.求：
c
⑴小滑块刚到达圆弧的B点时对圆弧的压力的大小;
⑵小滑块到达C点时速度的大小；
(3)小滑块从C点运动到地面所需的时间.
和诚高二物理周练答题卡
________ 班学号 __________________ 成绩
、选择题((本题共8小题，每小题7分，共56分，第1-4题只有一个正确选项，第5-8
题（10分）
9、（1） ______________ （2）___________
三、计算题（本题2小题，共34分）
10、（17 分）
11、（17 分）
物理试卷参考答案
1、解析：选BC.物体重力势能的减少始终等于重力对物体所做的功，A项错误；运动物体动
能的减少量等于合外力对物体做的功，D项错误.
2、解析：选B.由受力分析和运动过程分析，知人在b点时速度最大，所以从p至C,动能先
增大后减小，A项错，B项正确；从p至C由于动能、重力势能、弹性势能的相互转
化，根据能量守恒可知，p至C过程中重力做功与人克服弹性绳弹力做功大小相等，C项错；从a至c时，人在a处的动能和重力势能全部转化为弹性绳的弹性势能，所以人的重力势能减少量小于弹性绳的弹性势能增加量，D项错.
3、解析：选BCD.由题意得，物块滑动前支持力属于沿运动轨迹切线方向的变力，由微元
法可知在这个过程中支持力做正功，而且根据动能定理，在缓慢抬高A端的过程中，W-mgl sin a = 0,可知W mgL sin a，所以A项错，B项正确.由平衡条件得在滑动前静摩擦力f静=mgj in B,当0T, f静f,所以C项正确.在整个过程中物块的重力势能不变，动能增加，所以机械能变大，根据除了重力以外其他力做功等于机械能的变化量可知D项正确.
4、解析：选B.学生重心升高h,重力势能增大了mgh又知离地时获得动能为
1 2 1 2
q mv，则机械能增加了mgh^?mv, A错，B对；人与地面作用过程中，支持力对人做功为
1 2
零，C错；学生受合外力做功等于动能增量，则W i = 2mV, D错.
1 2
5、解析：选B.由动能定理得，小球由A到B过程一mgh^ W f = 0-2mV,小球由B到A过
1。

1。

1 o 1 o
时间内，根据动能定理有W F- W f= 2mv— -2mv,因此牵引力做的功大于q mv—q mv,选项B
1
错误；在t i〜t2时间内，若v —t图象为直线，则平均速度为-（v i+ V2），而题图所示v—t
―1
图象为曲线，故这段时间内的平均速度V M2（V i + V2）,选项C错误；全过程中，t i时刻牵引力最大，功率达到额定功率，也最大，之后，功率不变，牵引力减小，直至F= f ,此后汽
车做匀速运动，故选项D正确.
7、解析：选D.在最高点，E= mgh得m= 0.1 kg, A项错误；由除重力以外其他力做功W其
=△ E可知：一fh = E高一E低，E为机械能，解得f = 0.25 N , B项错误；设小球动能和重
1 2 1 2 1 2
力势能相等时的高度为H,此时有mgH= q mv,由动能定理：一fH—mgH= q mv —q mv得H=
20 , 一，1 2
■9 m,故C项错；当上升h'= 2 m时，由动能定理，一fh mgh =氐—?mv得E k2= 2.5 J , E P2= mgh = 2 J，所以动能与重力势能之差为0.5 J，故D项正确.
&解析：选D.小球运动到环的最高点时与环恰无作用力，设此时的速度为v，由向心力
mv 1 2
公式可得mg=w;小球从最低点到最高点的过程中，由动能定理可得—W—2mgF=-m\1 2—R 2
1
擦力做的功为^mgR选项D正确，选项A错误；小球在最高点时，速度v方向和重力的方
向垂直，二者间的夹角为90°，功率P= 0，选项C错误；小球在最低点，由向心力公式可得
2 2
mv mv 、心十”口
F—mg=-R, F= mg^-R = 7mg 选项B 错误.
9、解析：（1）小圆柱的直径d= 1.0 cm + 2X 0.1 mn= 1.02 cm.
1 2 1 2 1 d 2
⑵根据机械能守恒定律得：mgl= ?mv,所以只需验证gl =尹=q（貢），就说明小圆柱
下摆过程中机械能守恒.
1 d 2
答案：（1）1.02 （2）2（盲）
10、解析：（1）小物体轻放在传送带上时，受力分析如图所示，根据
牛顿第二定律得沿斜面方向卩mg cos 0 —mgs in 0 = ma
1 2 1 2 1 2 1
^mv,联立可得W= g mv—^mv—2mgR= ^mgR可见此过程中小球的机械能不守恒，克服摩
可知，小物体上升的加速度为a= 2.5 m/s
2
v
当小物体的速度为v = 1 m/s时，位移x= = 0.2 m
2a
然后小物体将以v= 1 m/s的速度完成4.8 m的路程•由功能关系得
1 2
W^ A E +△ E< = mgl sin 0 + q mv= 255 J
（2）电动机做功使小物体机械能增加，同时小物体与传送带间因摩擦产生热量Q
v 1 2
由v= at 得t = = 0.4 s 相对位移x'= vt —at = 0.2 m
a 2
摩擦热Q=卩mgx cos 0 = 15 J 故电动机做的功为W&= VW Q= 270 J
答案：（1）255 J （2）270 J
11、解析：（1）设滑块到B点时速度为V B，由机械能守恒
1 2
^m\B= mgR
#2
在B 点：F N— mg= mR
得F N = 3mg= 30 N .由牛顿第三定律，滑块在B点对圆弧的压力大小为30 N
1 2
⑵由动能定理，2mv= mg—卩mgL
v c= 2 （gF—卩gL）= 4 m/s.
⑶滑块离开C点后做平抛运动，设其下落h的时间为t，贝U
1 2
由h= ^gt
得t = 0.3 s
t = 0.3 s内滑块的水平位移x= v c t = 1.2 m.
而斜面的水平长度x o= h cot 0.78 m
因为x>x o，所以滑块不会落到斜面上而直接落到地面上，所以小滑块从C点运动到地面
所需的时间为0.3 s.
答案：(1)30 N (2)4 m/s (3)0.3 s
1 __________________________
程有mgl u W f = ^mV—0，联立解得v = 4gh-v1 2, B正确.
6、解析：选D.由题图可知，在0〜「时间内，v- t图象为倾斜的直线，故汽车做匀加速
运动，牵引力恒定，由P= Fv可知，汽车牵引力的功率均匀增大，选项A错误；在「〜t2。