山西省山大附中2014届高三物理上学期第二次月考试题(含解析)

山西大学附属中学2013-2014学年第二学期高三第二次月考物理试题本考试以及今后所有考试中严禁使用计算器等电子计算工具，违者算作弊！．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．本试卷分选择题和非选择题两部分，共18页。

答题时间：150分钟，满分：300分。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 Br 80 Al 27 S 32 Cl 35．5第Ⅰ卷选择题（共126分）一、选择题：本卷共13小题。

每小题6分。

在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

二、选择题:本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14、学习物理除了知识的学习外，还要领悟并掌握处理物理问题的思想与方法，如图所示是我们学习过的几个实验，其中研究物理问题的思想与方法相同的是（）A．⑴⑵ B．⑵⑶ C．⑶⑷ D．⑴⑷【答案】D【解析】（1）采用微小变量放大法，设一个螺距为0.5mm，当旋转一周时，前进或后退一个螺距，这样把0.5mm的长度放大到旋转一周上；（2）采用的等效替代法，即两次拉橡皮筋的时使橡皮筋的形变相同；（3）研究三个变量之间的关系时，先假定其中一个量不变，研究另外两个量之间的关系，这种方法称为控制变量法，而在本实验中探究小车的加速度与力和质量的关系，故先保持小车质量M不变，而研究合外力和加速度两个物理量之间的关系，或者先保持小车的质量不变，探究小车所受的合外力与小车的加速度之间的关系，故本实验的操作过程采用的为控制变量法；（4）用力向下压，使桌面产生微小形变，使平面镜M逆时针方向微小旋转，若使法线转过θ角，则M反射的光线旋转的角度为2θ，N反射的光线就就旋转了4θ，那么投射到平面镜上的光斑走过的距离就更大，故该实验观察测量结果采用的是微小变量放大法；因此研究物理问题的思想与方法相同的是（1）（4），故D正确。

故选D。

【考点】物理研究方法15、山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动．如图所示，一滑雪坡由斜面AB和圆弧面BC组成，BC 圆弧面和斜面相切于B，与水平面相切于C，竖直台阶CD底端与倾角为θ的斜坡DE相连。

第一次运动员从A点由静止滑下通过C点后飞落到DE上，第二次从AB间的A′点（图中未标，即AB>A′B）由静止滑下通过C点后也飞落到DE上，运动员两次与斜坡DE接触时速度与水平方向的夹角分别为φ1和φ2，不计空气阻力和轨道的摩擦力，则( )A．φ1>φ 2 B．φ1<φ 2C．φ1=φ2 D．无法确定两角的大小关系【答案】B【解析】【考点】动能定理；匀变速直线运动的位移与时间的关系16、如图所示，圆O处在匀强电场中，场强方向与圆O所在平面平行，带正电的微粒以相同的初动能沿着各个方向从A点进入圆形区域中，只在电场力作用下运动，从圆周上不同点离开圆形区域，其中从C点离开圆形区域的带电微粒的动能最大，图中O为圆心，AB、CD是圆的直径，∠AOD是锐角，则( )A．从弧DB射出的粒子动能都大于初动能B．从B点离开的粒子动能最小C．从D点离开的粒子动能小于初动能D ．从弧ACB 内射出的粒子速率都不相同 【答案】C 【解析】仅在电场力作用下从A 点进入，离开C 点的动能最大，则C 点是沿电场强度方向离A 点最远，所以电场线与过C 的切线相垂直，由于带电微粒是带正电，故匀强电场的方向沿OC 方向； ABC 、从D 点离开电场的粒子，电场力做负功，动能减小，所以射出的粒子动能小于初动能，从B 点离开的粒子，电场力对其做正功，动能增大，从B 点离开的粒子动能大于初动能，故AB 错误C 正确；D 、从弧ACB 内射出的粒子，若两处出射点电势相等，则电场力做功相等，动能相等，速率相等，故D 错误。

故选C 。

【考点】带电粒子在匀强电场中的运动17.如图所示，水平传送带的长度L=6m ，皮带轮以速度v 顺时针匀速转动，传送带的左端与一光滑圆弧槽末端相切，现有一质量为1kg 的物体（视为质点），从高h=1.25m 处O 点无初速度下滑，物体从A 点滑上传送带，物体与传送带间的动摩擦因数为0.2，g 取10m/s 2，保持物体下落的高度不变，改变皮带轮的速度v ，则物体到达传送带另一端的速度v B 随v 的变化图线是( )【答案】A 【解析】根据动能定理得21mgh mv 2=，解得v 5m/s =； 物块在传送带上做匀变速直线运动的加速度大小2a g 2m /s μ==，若一直做匀减速直线运动，则到达B 点的速度B v 1m /s ；若一直做匀加速直线运动，则达到B 点的速度B v 7m /s ；知传送带的速度v ＜1m/s 时，物体到达B 点的速度为1m/s ； 传送带的速度v ＞7m/s 时，物体到达B 点的速度为7m/s ；若传送带的速度1m/s ＜v ＜5m/s ，将先做匀减速运动，达到传送带速度后做匀速直线运动； 若传送带速度5m/s ＜v ＜7m/s ，将先做匀加速运动，达到传送带速度后做匀速直线运动。

故选A 。

【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像18、如图所示，空间有一垂直纸面的磁感应强度为0.5T 的匀强磁场，一质量为0.2kg 且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上，在木板左端无初速放置一质量为0.1kg 、电荷量q=+0.2C 的滑块，滑块与绝缘木板之间动摩擦因数为0.5，滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力。

t=0时对木板施加方向水平向左，大小为0.6N 恒力，g 取10m/s 2。

则( ) A ．木板和滑块一直做加速度为2m/s 2的匀加速运动B ．滑块开始做加速度减小的变加速运动，最后做速度为10m/s 匀速运动C ．木板先做加速度为2m/s 2匀加速运动，再做加速度增大的运动，最后做加速度为3m/s 2的匀加速运动 D ．t=5s 后滑块和木板开始有相对运动 【答案】C 【解析】A 由于动摩擦因数为0.5，静摩擦力能提供的最大加速度为25m /s ，所以当0.6N 的恒力作用于木板时，系统一起以2Fa 2m /s M m=+＝的加速度一起运动，当滑块获得向左运动的速度以后又受到一个向上的洛伦兹力， 当摩擦力达到最大静摩擦力时2μmg-F a=2m/s m洛（）＝，而F =qvB 洛得v=6m/s ，即速度为6m/s 后二者会发生相对运动，故A 错误；B 、由上面的分析可知滑块开始做匀加速直线运动，后做加速度减小的加速运动，最后Bqv mg =，得：v=10m/s ，此时摩擦力消失，滑块做匀速运动，故B 错误；C 、木板先匀加速直线运动，加速度为22m /s ，二者发生相对运动后，木板的加速度增大，最后摩擦力为零后，继续做匀加速运动，加速度为23m /s ，故C 正确；D 、二者开始的加速度为22m /s ，发生相对运动时的速度为6m/s ，所以时间为3s ，故D 错误。

故选C 。

【考点】洛仑兹力；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律19、发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，轨道1和2相切于Q 点，轨道2和3相切于P 点，设卫星在1轨道和3轨道正常运行的速度和加速度分别为v 1、v 3和a 1、a 3，在2轨道经过P 点时的速度和加速度为v 2和a 2，且当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时周期分别为T 1 、T 2 、T 3，以下说法正确的是（ ）A ．v 1> v 2 > v 3B ．v 1 > v 3> v 2C ．a 1 > a 2 > a 3D ．T 1 < T 2 < T 3 【答案】BD 【解析】A 、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m 、轨道半径为r 、地球质量为M ，有22Mm v G ma m r r ==，v =13v v ＞，从轨道2到轨道3，卫星在P 点是做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须使卫星所需向心力大于万有引力，所以应给卫星加速，增加所需的向心力，所以在轨道3上P 点的速度大于轨道2上P 点的速度，所以132v v v >>，故A 错误B 正确； C 、卫星运行时只受万有引力，加速度2GMa r =，所以123a a a =＞，故C 错误； D 、由轨道知，轨道1的半长轴最小，轨道3的半长轴最大，根据开普勒第三定律知32a k T=，所以123T T T ＜＜，故D 正确。

故选BD 。

【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律20、如图所示，闭合电键S ，电压表的示数为U ，电流表的示数为I ，现向左调节滑动变阻器R 的触头P ，电压表V 的示数改变量的大小为ΔU ，电流表的示数改变量大小为ΔI ，则下列说法正确的是( )A ．U I 变大B ．ΔUΔI 变大 C ．电阻R 1的功率变大 D ．电源的总功率变大 【答案】AC【解析】A 、由图看出，变阻器与电阻R 1并联后再与电阻R 2串联．当向左调节滑动变阻器的触头P 时，变阻器有效电阻变大，外电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律，干路电流I 减小，电源的内电压和R 1的电压减小，根据闭合电路欧姆定律可知电压表示数U 变大，故电压与电流的比值增大，故A 正确；B 、根据闭合电路欧姆定律得：2U E I R r =-+（），将电阻R 2与电源当作等效电源，UI∆∆表示等效电源的内电阻，即2UR r I∆=+∆，不变，故B 错误； C 、U 增大，则根据公式2U P R=判断得知，电阻R1的电功率变大，故C 正确；D 、I 减小，电源的总功率P EI =减小，故D 错误。

故选AC 。

【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率21.如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为B 的匀强磁场，区域I 的磁场方向垂直斜面向上，区域Ⅱ的磁场方向垂直斜面向下，磁场的宽度均为L ．一个质量为m 、电阻为R 、边长也为L 的正方形导线框，在零时刻由静止开始沿斜面下滑．t 1时ab 边刚越过GH 进入磁场I 区，此时线框恰好以速度v 1做匀速直线运动；t 2时ab 边下滑到．JP 与MN 的中间位置，此时线框又恰好以速度v 2做匀速直线运动．重力加速度为g ．则下列说法中正确的有（ ） A ．t 1时，通过线框的电流强度1BLv I R=B ．线框两次匀速直线运动的速度之比v 1：v 2=2：1C ．从t 1到t 2的过程中，线框克服安培力做功的大小等于重力势能的减少量D ．从t 1到t 2的过程中，有()221231mgLsin m v v 22θ+-的机械能转化为电能 【答案】AD 【解析】A 、t 1时，线框恰好匀速直线运动，则感应电动势为E=Blv ，由欧姆定律得1Blv I R=，故A 正确 B 、线框两次都做匀速直运动，说明受力平衡，由平衡条件得沿斜面方向：sin F mg θ=，2222124B L v B L v F BIL R R==＝，解得1241v v =：：，故B 错误 C 、从t 1到t 2的过程中，线框克服安培力做功的大小等于重力势能的减少量加上动能的减少量，故C 错误D 、从t 1到t 2的过程中，根据能量守恒，损失的重力势能3sin 2mgL θ和减少的动能()2221212m v v -克服安培力做功转化为为电能，故有()2221231sin 22mgL m v v θ+-的机械能转化为电能，故D 正确。