高三物理周末练习训练题 (11)

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高三物理周周练试卷十课标

准兑市爱憎阳光实验学校高三物理周周练试卷十一、此题共10小题，每题4分，共40分。

在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分。

1．用比值法义物理量是物理一种常用的方法。

下面四个物理量都是用比值法义的，其中义式正确的选项是A ．加速度 a =mF B ．磁感强度 B ＝vq F⋅ C ．电场强度2r Qk E = D ．电阻R =IU2．热现象过程中不可防止地出现能量耗散的现象．所谓能量耗散是指在能量转化的过程中无法把流散的能量重收集、重加以利用．以下关于能量耗散的说法中正确的选项是A ．能量耗散说明能量不守恒B ．能量耗散不符合热力学第二律C ．能量耗散过程中能量仍守恒D ．能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有的方向性 3．日光灯中有一个启动器，其中的玻璃泡中装有氖气。

启动时，玻璃泡中的氖气会发出红光，这是由于氖原子的A ．自由电子周期性运动而产生的B ．外层电子受激发而产生的C ．内层电子受激发而产生的D ．原子核受激发而产生的4．堵住打气筒的出气口，下压活塞使气体体积减小，你会感到越来越费力。

其原因是A ．气体的密度增大，使得在相同时间内撞击活塞的气体分子数目增多B ．分子间没有可压缩的间隙C ．压缩气体要克服分子力做功D ．分子力表现为斥力，且越来越大 5．如下图，是利用放射线自动控制铝板厚度生产的装置，放射源能放射出、、三种射线。

根据设计要求，该生产线压制的是3mm 厚的铝板。

那么，在三种射线中哪种射线对控制厚度起主要作用A ．射线B ．射线C ．射线 D ．、和射线都行MN放射源探测接收器6．小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度—时间图象如下图，那么由图可知A．小球下落的最大速度为5m/sB．小球第一次反弹初速度的大小为3m/sC．小球能弹起的最大高度0.45mD．小球能弹起的最大高度5m7．一列向x轴正方向传播的简谐横波在t＝0时的波形如下图，A、B、C分别是x＝0、x＝1m和x＝2m处的三个质点。

高三物理周测试题(圆周运动、万有引力定律)

19-20学年高三物理周测试题（圆周运动、万有引力定律）1.电梯内有一个物体，质量为m，用绳子挂在电梯的天花板上，当电梯以g/3 的加速度竖直加速下降时，细线对物体的拉力为( )A．mg B.2mg3 C.4mg3 D.5mg32．由于通讯和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的()A．质量可以不同B．轨道半径可以不同C．轨道平面可以不同D．速率可以不同3.如图所示，在火星与木星轨道之间有一小行星带。

假设该带中的小行星只受到太阳的引力，并绕太阳做匀速圆周运动。

下列说法正确的是()A．太阳对各小行星的引力相同B．各小行星绕太阳运动的周期均小于一年C．小行星带内侧小行星的向心加速度值大于外侧小行星的向心加速度值D．小行星带内各小行星圆周运动的线速度值大于地球公转的线速度值4.长度不同的两根细绳悬于同一点，另一端各系一个质量相同的小球，使它们在同一水平面内做圆锥摆运动，如图所示，则有关两个圆锥摆的物理量相同的是()A．周期B．线速度的大小C．向心力D．绳的拉力5.在光滑的水平桌面上，有两个小球固定在一根长为L的杆的两端，绕杆上的O点做圆周运动，如图5－3－10所示。

当小球1的速度为v1时，小球2的速度为v2，则转轴O到小球2的距离是()A.L v1(v1＋v2)B.L v2(v1＋v2)C.L(v1＋v2)v1 D.L(v1＋v2)v26.如图所示，两段长均为L的轻质线共同系住一个质量为m的小球，另一端分别固定在等高的A、B两点，A、B两点间距也为L，今使小球在竖直平面内做圆周运动，当小球到达最高点时速率为v，两段线中张力恰好均为零，若小球到达最高点时速率为2v，则此时每段线中张力大小为()A.3mg B．23mg C．3mg D．4mg7.如图所示，在某次自由式滑雪比赛中，一运动员从弧形雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到斜面雪坡上，如图所示，若斜面雪坡的倾角为θ，飞出时的速度大小为v0，不计空气阻力，运动员飞出后在空中的姿势保持不变，重力加速度为g，则() A．如果v0不同，则该运动员落到雪坡时的速度方向也就不同B．不论v0多大，该运动员落到雪坡时的速度方向都是相同的C．运动员落到雪坡时的速度大小是v0 cos θD．运动员在空中经历的时间是v0tan θg8.有研究发现，轿车的加速度变化情况将影响乘客的舒适度：即加速度变化得越慢，乘坐轿车的人就会感到越舒适；加速度变化得越快，乘坐轿车的人就会感到越不舒适。

高三物理周日练习卷.doc

高三物理周日练习卷1、如图所示，一平行板电容器与电源连接，其间有一带电微粒处于静止状态，若将上极板移到图中虚线位置，则下述结论正确的是： A 、电容器的带电量减少；B 、电容器极板间的电场强度增大；C 、微粒的电势能增大；D 、微粒将向上作加速运动。

2、两个带正电的小球，质量和带电量均不同，它们原来固定于光滑绝缘的水平面上两点，若同时释放它们，则它们将沿着两者连线的延长线加速运动。

下列说法正确的是： A 、它们的速度逐渐增大，但大小之比保持不变； B 、它们的加速度逐渐减小，但大小之比保持不变； C 、它们的动量逐渐增大，但总动量保持不变； D 、它们的动能逐渐增大，但总机械能保持不变。

3、如图所示，a 、b 为电场中的两点，一带电粒子的运动轨迹如图中虚线所示。

不计粒子所受重力，下述说法正确的是： A 、该粒子可能带正电荷；B 、若粒子由a 运动到b ，则其速度逐渐增大；C 、若粒子由b 运动到a ，则其动能逐渐增大；D 、若粒子由a 运动到b ，则其电势能逐渐减小。

4、如图所示，一正电荷沿某一电力线从A 点移到B 点，在此过程中有可能的是： A 、电场力不断减小； B 、电场力不断增大；C 、电荷的电势能不断增加；D 、电荷的动能保持不变。

5、在右图所示的电路中，当变阻器R 2的滑动触头向右移动时： A 、电源消耗的总功率一定减小； B 、电源的输出功率一定减小；C 、电阻R 1消耗的功率可能增大；D 、电阻R 2消耗的功率可能增大。

6、如图所示，线圈abcd 的边长分别为L 1、L 2，通以电流IB 的磁力线平行，当线圈绕OO’轴转过角θ时：A 、穿过线圈的磁通量为BL 1L 2cos θ;B 、线圈ab 边所受的安培力的大小为B I L 1cos θ ;C 、线圈ab 边所受的安培力的大小为B I L 1 ;D 、线圈所受的电磁力矩为B I L 1L 2cos θ 。

7、如图所示，在倾角为α的光滑斜面上垂直纸面放置一根长为L 质量为m 的导线，当通过如图所示的电流I 时，为使它能静止于斜面上，应把它置于怎样的匀强磁场中：A 、磁场方向垂直斜面向上，IL mgB αsin =;B 、磁场方向垂直斜面向下，ILmg B αsin =; C 、磁场方向竖直向下, IL mg B α tg =; D 、磁场方向水平向左，ILmgB =8、如图所示，一束质量、速率和电量均未知的正离子，射入图中“Ⅰ”的电磁场区域，发现有些离子直线通过这一区域，然后又垂直进入“Ⅱ”的匀强磁场区域，却分成几束。

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高三物理周练试卷(06年11刀23日)一、单项选择题，本题共6小题，每小题3分，共18分。

每小题只有一个选项符合题意1.关于原子核，下列说法中正确的是A.原子核能发生0衰变说明原子核內存在电子B.核反应堆利用镉棒吸收小子控制核反应速度C.轻核的聚变反应可以在任何温度下进行D.一切核反应都能释放核能2、右图是在光滑水平而上沿同一•条直线运动的两个滑块°、方在发生碰撞前后的位移图象。

下列说法中止确的是A.碰撞前a的动量较大B.a、b的质量之比为1 : 4C.Q、方的质量之比为1 : 8D.碰撞过程中G的动能增大，b的动能减小( )3、对一定质量的理想气体，下列判断正确的是;A.气体对外做功，温度一定降低B.气体吸热，温度不可能降低C.气体体积不变，压强增大，内能一定增大D.气体温度不变，压强增大，内能一定减小()4、如图所示为一列沿X轴正方向传播的筒谐横波在某时刻的图象，由图可知A.这列波的波长为12mB.质点M的振幅为10cmC.质点M此时沿尹轴负方向运动D.质点M与质点N此吋的速度相同( )5、从地面竖肓上抛一小球，小球运动到最高点后乂落回到地血，设空气阻力的大小不变，则下列说法中正确的是:A、整个过程重力冲量为零B、整个过程空气阻力做功为零C、上升过程中重力冲量大小大于下降过程中重力冲量大小D、上升过程中合外力冲量的人小人于下降过程屮合外力冲量的人小( )6、1924年法国物理学家德布罗意提出物质波的概念，任何一个运动着的物体, 小到电子，人到行星、松星都有一种波与之对应，波长为Ep,〃为物体运动的动量，力是普朗克常数•同样光也具有粒子性，光子的动量为：p=h/A.根据上述观点町以证明一个静止的自由电了如果完全吸收一个/光了，会发生下列情况：设光了频率为V,则E=hv, p = h/X=hv/c,被电子吸收后有加=叫內2, hv/c=m Q V.由以上两式可解得：7=2c,电子的速度为两倍光速，显然这是不可能的.关于上述过程以下说法正确的是：A.在微观世界动量守恒定律不适用，上述论证错误，所以电子可能完全吸收一个/光子B.在微观世界能虽守恒定律不适用，上述论证错误，所以电了可能完全吸收一个於光了C.动量守恒定律、能量守恒定律是自然界中普遍适用规律，所以唯一•结论是电子不可能完全吸收一个/光子D.若/光子与一个静止的白由电子发牛作用，则？光子被电子散射后频率不变二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分，每小题有多个选项符合题意。

高三物理上学期第11周周练试卷

咐呼州鸣咏市呢岸学校高三〔上〕第11周周练物理试卷一．不项选择题〔共40分〕1．如下图，金属球壳A带有正电，其上方有一小孔a，静电计B的金属球b用导线与金属小球c相连，以下操作所发生的现象正确的选项是〔〕A．将c移近A，但不与A接触，B会张开一角度B．将c与A外外表接触后移开A，B会张开一角度C．将c与A内外表接触时，B不会张开角度D．将c从导线上解下，然后用绝缘细绳吊着从A中小孔置入A内，并与其内壁接触，再提出空腔，与b接触，B会张开一角度2．如下图是一个欧姆表的外部构造示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，那么虚线内的电路图是选项图中的〔〕A．B．C．D．3．某同学将一直流电源的总功率P1、输出功率P2和电源内部的发热功率P3随电流I变化的图线画在了同一坐标上，如图中的a、b、c所示，根据图线可知〔〕A．反映P3变化的图线是bB．电源电动势为8vC．电源内阻为4ΩD．当电流为0.5A时，外电路的电阻为6Ω4．如图，质量为m、带电量为+q的滑块，沿绝缘斜面匀加速下滑，当滑块滑至竖直向下的匀强电场区域时，滑块运动的状态为〔〕A．匀速下滑B．匀加速下滑且加速度减小C．匀加速下滑且加速度不变D．匀加速下滑且加速度增大5．从t=0时刻起，在两块平行金属板间分别加上如下图的交变电压，加其中哪种交变电压时，原来处于两板央的静止电子不可能在两板间做往复运动〔〕A． B．C．D．6．小明去室取值电阻两只R1=10Ω，R2=30Ω，电压表一个，练习使用电压表测电压．电路连接如以下图，电源输出电压U=12.0V不变．小明先用电压表与R1并联，电压表示数为U1，再用电压表与R2并联，电压表示数为U2，那么以下说法正确的选项是〔〕A．U1一大于3.0V B．U2一小于9.0VC．U1与U2之和小于12V D．U1与U2之比一不于1：37．电阻非线性变化的滑动变阻器R2接入图甲的电路中，移动滑动变阻器触头改变接入电路中的长度x〔x 为图中a与触头之间的距离〕，值电阻R1两端的电压U1与x间的关系如图乙，a、b、c为滑动变阻器上间距的三个点，当触头从a移到b和从b移到c的这两过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．电流表A示数变化相B．电压表V2的示数变化不相C．电阻R1的功率变化相D．电源的输出功率均不断增大8．如下图，虚线框的真空区域内存在着沿纸面方向的匀强电场〔具体方向未画出〕，一质子从bc边上的M点以速度v垂直于bc边射入电场，从cd边上的Q点飞出电场，不计重力．以下说法正确的选项是〔〕A．质子到Q点时的速度方向可能与cd边垂直B．不管电场方向如何，假设知道a、b、c三点的皂势，一能确d点的电势C．电场力一对电荷做了正功D．M点的电势一高于Q点的电势9．示波管的内部结构如图甲所示，如果在偏转电极XX′、YY′之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心．如果在偏转电极XX′之间和YY′之间加上图丙所示的几种电压，荧光屏上可能会出现图乙中〔a〕、〔b〕所示的两种波形．那么〔〕A．假设XX′和YY′分别加电压〔3〕和〔1〕，荧光屏上可以出现图乙中〔a〕所示波形B．假设XX′和YY′分别加电压〔4〕和〔1〕，荧光屏上可以出现图乙中〔a〕所示波形C．假设XX′和YY′分别加电压〔3〕和〔4〕，荧光屏上可以出现图乙中〔b〕所示波形D．假设XX′和YY′分别加电压〔4〕和〔2〕，荧光屏上可以出现图乙中〔b〕所示波形10．如下图，在竖直平面内xoy坐标系中分布着与水平方向夹45°角的匀强电场，将一质量为m、带电量为q的小球，以某一初速度从O点竖直向上抛出，它的轨迹恰好满足抛物线方程y=kx2，且小球通过点P 〔，〕．重力加速度为g，那么〔〕A．电场强度的大小为B．小球初速度的大小为C．小球通过点P时的动能为D．小球从O点运动到P点的过程中，电势能减少二．题〔共3小题，每空2分，共38分〕11．在物理课外活动中，刘聪同学制作了一个简单的多用电表，图甲为该电表的电路原理图．其中选用的电流表满偏电流=10mA，中选择开关接3时为量程250V的电压表．该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，上排刻度不均匀且对数据没有标出，C为中间刻度．〔1〕假设指针在图乙所示位置，选择开关接1时，其读数为；选择开关接3时，其读数为．〔2〕为了测选择开关接2时欧姆表的内阻和表内电源的电动势，刘聪同学在室找到了一个电阻箱，设计了如下：①将选择开关接2，红黑表笔短接，调节的阻值使电表指针满偏；②将电表红黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使电表指针指中间刻度位置C处，此时电阻箱的示数如图丙，那么C处刻度为Ω．③计算得到表内电池的电动势为V．〔保存两位有效数字〕〔3〕调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，假设指针指在图乙所示位置，那么待测电阻的阻值为Ω．〔保存两位有效数字〕12．某同学设计了如图1所示的电路来测量一个量程为3V的电压表的内电阻〔几千欧〕，室提供直流电源的电动势为6V，内阻忽略不计；①请完成图2的实物连接；②在该中，认为当变阻器的滑片P不动时，无论电阻箱的阻值如何增减，aP两点间的电压保持不变；请从以下滑动变阻器中选择最恰当的是：；A．变阻器A〔0﹣2000Ω，0.1A〕B．变阻器B〔0﹣20Ω，1A〕C．变阻器C〔0﹣5Ω，1A〕③连接好线路后，先将变阻器滑片P调到最端，并将电阻箱阻值调到〔填“0”或“最大〞〕，然后闭合电键S，调节P，使电压表满偏，此后滑片P保持不动；④调节变阻箱的阻值，记录电压表的读数；最后将电压表读数的倒数U﹣1与电阻箱读数R描点，并画出图已所示的图线，由图3得，待测电压表的内阻值为Ω．〔保存两位有效数字〕13．现在按图①所示的电路测量一节旧干电池的电动势E〔约V〕和内阻r〔约20Ω〕，可供选择的器材如下：电流表 A〔量程0～500μA，内阻约为500Ω〕，电阻箱 R〔阻值0～99Ω〕，开关、导线假设干．由于现有电流表量程偏小，不能满足要求，为此，先将电流表改装〔扩大量程〕，然后再按图①电路进行测量．〔1〕测量电流表 A的内阻可选用器材有：电阻器R0，最大阻值为99Ω；滑动变阻器甲，最大阻值为15kΩ；滑动变阻器乙，最大阻值为2kΩ；电源E1，电动势约为2V，内阻不计；电源E2，电动势约为6V，内阻不计；开关2个，导线假设干．采用的测量电路图如图②所示，步骤如下：①断开S1和S2，将R调到最大；②合上S1调节R使电流表 A满偏；③合上S2，调节R1使电流表 A半偏，此时可以认为电流表 A的内阻r g=R1，试问：在上述可供选择的器材中，可变电阻R1该选择；为了使测量尽量精确，可变电阻R该选择；电源E该选择．〔2〕将电流表A〔较小量程〕改装成电流表A1〔较大量程〕如果〔1〕中测出A的内阻为468.0Ω，现用R0将A改装成量程为 20mA的电流表A1，把R0调为与A并联，改装后电流表A1的内阻R A为．〔3〕利用电流表A1、电阻箱 R测电池的电动势和内阻用电流表 A1、电阻箱R及开关S按图①所示电路测电池的电动势和内阻．时，改变R的值，记录下用电流表 A1的示数I，得到假设干组 R、I的数据，然后通过作出有关物理量的线性图象，求得电池电动势 E和内阻r．a．请写出与你所作线性图象对的函数关系式．〔用E、r、I、R A表示〕b．请在虚线框内坐标中作出性图象③〔要求标明两个坐标轴所代表的物理量，用符号表示〕c．图中表示E．图中表示r．三．解答题〔共3小题〕14．某同学找到一个玩具风扇中的直流电动机，制作了一个提升重物的装置，某次提升中，重物的质量m=0.5kg，加在电动机两端的电压为6V．当电动机以v=0.5m/s的恒速度竖直向上提升重物时，这时电路中的电流I=0.5A．不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2求：〔1〕电动机线圈的电阻r于多少？〔2〕假设输入电压不变，调整电动机的输入电流大小，使电动机输出功率最大．求电动机输入电流I为多少时输出功率最大，最大是多大？〔3〕电动机输出功率最大时，将质量m=0.5kg的从静止开始以加速度a=2m/s2的加速度匀加速提升该重物，那么匀加速的时间为多长？物体运动的最大速度是多大？15．如下图，质量为m的小物块放在长直水平面上，用水平细线紧绕在半径为R、质量为2m的薄壁圆筒上．t=0时刻，圆筒在电动机带动下由静止开始绕竖直中心轴转动，转动中角速度满足ω=β1t〔β1为常数〕，物块和地面之间动摩擦因数为μ．求：〔1〕物块做何种运动？请说明理由．〔2〕物块运动中受到的拉力．〔3〕从开始运动至t=t1时刻，电动机做了多少功？〔4〕假设当圆筒角速度到达ω0时，使其减速转动，并以此时刻为t=0，且角速度满足ω=ω0﹣β2t〔式中ω0、β2均为〕，那么减速多长时间后小物块停止运动？16．如下图，在直角坐标系xoy的第一象限中，存在竖直向下的匀强电场，电场强度大小为4E0，虚线是电场的理想边界线，虚线右端与x轴的交点为A，A点坐标为〔L、0〕，虚线与x轴所围成的空间内没有电场；在第二象限存在水平向右的匀强电场．电场强度大小为E0．M〔﹣L、L〕和N〔﹣L、0〕两点的连线上有一个产生粒子的发生器装置，产生质量均为m，电荷量均为q静止的带正电的粒子，不计粒子的重力和粒子之间的相互作用，且整个装置处于真空中．从MN上静止释放的所有粒子，最后都能到达A点：〔1〕假设粒子从M点由静止开始运动，进入第一象限后始终在电场中运动并恰好到达A点，求到达A点的速度大小；〔2〕假设粒子从MN上的中点由静止开始运动，求该粒子从释放点运动到A点的时间；〔3〕求第一象限的电场边界线〔图中虚线〕方程．高三〔上〕第11周周练物理试卷参考答案与试题解析一．不项选择题〔共40分〕1．如下图，金属球壳A带有正电，其上方有一小孔a，静电计B的金属球b用导线与金属小球c相连，以下操作所发生的现象正确的选项是〔〕A．将c移近A，但不与A接触，B会张开一角度B．将c与A外外表接触后移开A，B会张开一角度C．将c与A内外表接触时，B不会张开角度D．将c从导线上解下，然后用绝缘细绳吊着从A中小孔置入A内，并与其内壁接触，再提出空腔，与b接触，B会张开一角度【考点】静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】静电平衡后，由于静电感，金属球壳A内壁没有电荷，电荷全布在外外表，通过感或接触起电，从而可判静电计的指针如何变化．【解答】解：A、把C逐渐从远处向A靠近过程中，由于静电感，结合逆着电场线方向，电势增加，那么B 的指针张开．故A正确．B、当把C与A的外外表接触，那么C带正电，导致B的指针张开，故B正确．C、把C与A的内外表接触，静电平衡后，电荷只分布在外外表，但静电计仍处于外外表，那么B指针会张开．故C错误．D、c与A内壁接触时，由于静电屏蔽，使小球c不带电；故再与b接触时，B不会张开角度；故D错误；应选：AB．【点评】此题考查对于感起电的理解能力，抓住静电平衡导体的特点，注意静电平衡的电荷分布；同时还要区别B和C两项中不同之处．2．如下图是一个欧姆表的外部构造示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，那么虚线内的电路图是选项图中的〔〕A．B．C．D．【考点】用多用电表测电阻．【专题】题；恒电流专题．【分析】红表笔插在正极孔中，与内部电源的负极相连，选档后要进行调零．【解答】解：正极插孔接电源的负极，所以BC错误；每次换挡时都要进行短接调零，所以电阻要可调节，故A正确，D错误．应选A【点评】此题考查了欧姆表的内部结构，要记住电流从红表笔进，从黑表笔出．3．某同学将一直流电源的总功率P1、输出功率P2和电源内部的发热功率P3随电流I变化的图线画在了同一坐标上，如图中的a、b、c所示，根据图线可知〔〕A．反映P3变化的图线是bB．电源电动势为8vC．电源内阻为4ΩD．当电流为0.5A时，外电路的电阻为6Ω【考点】电功、电功率．【专题】恒电流专题．【分析】根据电源消耗的总功率的计算公式P1=EI可得电源的总功率与电流的关系，根据电源内部的发热功率P3=I2r可得电源内部的发热功率与电流的关系，从而可以判断abc三条线代表的关系式，在由图象分析出电动势和内阻．【解答】解：A、由电源消耗功率和电源内部消耗功率表达式P1=EI，P3=I2r，可知，a是直线，表示的是电源消耗的电功率，c是抛物线，表示的是电源内电阻上消耗的功率，b表示外电阻的功率即为电源的输出功率P2，所以A错误；B、由P1=EI知E=4V，B错误；C、由图象知r==2Ω，C错误；D、由闭合电路欧姆律I=，当电流为0.5A时，外电路的电阻为6Ω，D正确；应选D【点评】当电源的内阻和外电阻的大小相时，此时电源的输出的功率最大，并且直流电源的总功率P1于输出功率P2和电源内部的发热功率P3的和．4．如图，质量为m、带电量为+q的滑块，沿绝缘斜面匀加速下滑，当滑块滑至竖直向下的匀强电场区域时，滑块运动的状态为〔〕A．匀速下滑B．匀加速下滑且加速度减小C．匀加速下滑且加速度不变D．匀加速下滑且加速度增大【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】性思想；推理法；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】带电滑块进入电场前，沿绝缘斜面匀加速下滑，根据受力分析，结合牛顿第二律，列出方程．当进入电场后受到电场力作用，根据牛顿第二律即可确运动的性质及加速度的大小．【解答】解：在没有进入电场之前，滑块沿绝缘斜面匀加速下滑，假设存在滑动摩擦力，对物体进行受力分析，有：mgsinα﹣μmgcosα=ma当进入电场中，设物体沿斜面向下的加速度为a′，因物体带正电，受电场力向下；电场力与重力行同向时，那么有：〔mg+F〕sinα﹣μ〔mg+F〕cosα=ma′解之得：a′＞a；故ABC错误，D正确；应选：D【点评】此题考查对物体的受力分析，掌握牛顿第二律的用，注意根据电场线及电性分析电场力的方向；注意重力与电场力可以相互叠加效为的重力场进行分析．5．从t=0时刻起，在两块平行金属板间分别加上如下图的交变电压，加其中哪种交变电压时，原来处于两板央的静止电子不可能在两板间做往复运动〔〕A． B．C．D．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】电子在极板中间，根据所加的电压的变化的情况，分析电子受到的电场力和运动的情况，逐项分析即可得到结果．【解答】解：电子在电场中的加速度大小：a=，a∝U．A、在0～T时间内，A板的电势高于B板，电子受到向左的电场力，向左做加速度减小的加速运动，T时刻速度最大；由T～T时间内，电子向左做加速度增加的减速运动， T时刻速度减为零；从T～T时间内，电子反向做加速度减小的加速运动， T时刻速度最大；由T～T时间内，向右做加速度增大的减速运动，T时刻速度减为零，回到原位置，然后电子不断重复，能做往复运动．同理可以分析得出：B、C中，电子也做往复运动，故ABC中电子做往复运动．D、在0～T时间内，电子向左做加速运动； T～T时间内，电子向左减速运动，T时刻速度减为零；接着重复，电子单向直线运动；应选：D．【点评】此题考查的就是学生对于图象的理解能力，并要求学生能够根据电压的周期性的变化来分析电荷的运动的情况．6．小明去室取值电阻两只R1=10Ω，R2=30Ω，电压表一个，练习使用电压表测电压．电路连接如以下图，电源输出电压U=12.0V不变．小明先用电压表与R1并联，电压表示数为U1，再用电压表与R2并联，电压表示数为U2，那么以下说法正确的选项是〔〕A．U1一大于3.0V B．U2一小于9.0VC．U1与U2之和小于12V D．U1与U2之比一不于1：3【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒电流专题．【分析】不接电压表时，R1、R2串联，电压之比于电阻之比，求出此时R1、R2两端的电压，并联电压表后并联电阻变小，再根据串并联电路的特点即可分析求解．【解答】解：不接电压表时，R1、R2串联，电压之比为：，而U′1+U′2=12V解得：U′1=3.0V，U′2=9.0V当电压表并联在R1两端时，有：，解得：U1＜3V，同理，当电压表并联在R2两端时，有：U2＜9V，得：U1+U2＜12V．但两电压表之比可能于1：3．故BC正确，AD错误．应选：BC．【点评】此题主要运用串并联的知识讨论电压表对电路的影响，知道并联电压表后并联电阻变小，难度适中．7．电阻非线性变化的滑动变阻器R2接入图甲的电路中，移动滑动变阻器触头改变接入电路中的长度x〔x 为图中a与触头之间的距离〕，值电阻R1两端的电压U1与x间的关系如图乙，a、b、c为滑动变阻器上间距的三个点，当触头从a移到b和从b移到c的这两过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．电流表A示数变化相B．电压表V2的示数变化不相C．电阻R1的功率变化相D．电源的输出功率均不断增大【考点】闭合电路的欧姆律；电功、电功率．【专题】恒电流专题．【分析】对于电阻R1，根据欧姆律得到U1=IR1，电阻R1一，由图象读出电压变化关系，分析电流变化关系．电压表V2的示数U2=E﹣Ir，根据电流变化关系，分析V2的示数变化关系．根据电阻R1的功率P1=I2R1分析R1的功率变化关系；由图读出电压的变化，分析电流的变化情况，根据外电阻与电源内阻的关系，分析电源输出功率如何变化．【解答】解：A、根据欧姆律得到电阻R1两端的电压U1=IR1，由图看出，电压U1变化相，R1一，那么知电流的变化相，即得电流表示数变化相．故A正确；B、电压表V2的示数U2=E﹣Ir，电流I的变化相，E、r一，那么△U2相．故B错误；C、电阻R1的功率P1=I2R1，其功率的变化量为△P1=2IR1•△I，由上知△I相，而I减小，那么知，从a移到b功率变化量较大．故C错误；D、由图2知，U1减小，电路中电流减小，总电阻增大，由于外电路总与电源内阻的关系未知，无法确电源的输出功率如何变化．故D错误．应选：A．【点评】分析电路图，得出滑动变阻器和值电阻串联，利用好串联电路的特点和欧姆律是根底，关键要利用好从U1﹣x图象得出的信息．8．如下图，虚线框的真空区域内存在着沿纸面方向的匀强电场〔具体方向未画出〕，一质子从bc边上的M点以速度v垂直于bc边射入电场，从cd边上的Q点飞出电场，不计重力．以下说法正确的选项是〔〕A．质子到Q点时的速度方向可能与cd边垂直B．不管电场方向如何，假设知道a、b、c三点的皂势，一能确d点的电势C．电场力一对电荷做了正功D．M点的电势一高于Q点的电势【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二律．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】带电粒子在匀强电场中受到电场力为恒力，那么知质子做匀变速运动．将电场力沿着水竖直方向正交分解，由于粒子从Q点飞出，故水平分量向右，竖直分量未知，那么无法确电场力方向，其做功情况也无法确，电势上下无法比拟．【解答】解：A、假设电场力斜向右下方，质子竖直方向有向下的分力，水平方向有向右的分力，竖直方向上质子做匀减速运动，到达Q点时，速度可能为零，那么到Q点时的速度方向可能与cd边垂直，故A正确．B、根据匀速电场中电势差与场强的关系式U=Ed知，除势面上外，沿任何方向相的距离，两点间的电势差都相，故假设知道a、b、c三点的电势，一能确出d点的电势．故B正确．C、由于电场力方向未知，假设电场力方向与瞬时速度成钝角，电场力对质子做负功．故C错误；D、整个过程中，电场力可能做正功、也可能做负功、也可能不做功，故电势能可以变小、变大、不变，故电势可以变大、变小或不变，故D错误；应选AB【点评】此题关键要运用正交分解法将合运动沿水竖直方向正交分解，然后确电场力的水平分量和竖直分量进行分析．9．示波管的内部结构如图甲所示，如果在偏转电极XX′、YY′之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心．如果在偏转电极XX′之间和YY′之间加上图丙所示的几种电压，荧光屏上可能会出现图乙中〔a〕、〔b〕所示的两种波形．那么〔〕A．假设XX′和YY′分别加电压〔3〕和〔1〕，荧光屏上可以出现图乙中〔a〕所示波形B．假设XX′和YY′分别加电压〔4〕和〔1〕，荧光屏上可以出现图乙中〔a〕所示波形C．假设XX′和YY′分别加电压〔3〕和〔4〕，荧光屏上可以出现图乙中〔b〕所示波形D．假设XX′和YY′分别加电压〔4〕和〔2〕，荧光屏上可以出现图乙中〔b〕所示波形【考点】示波管及其使用．【分析】示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳图象．【解答】解：要显示一个周期的信号电压，XX′偏转电极要接入锯齿形电压．那么只有A项符合要求，故A正确，BCD错误应选：A【点评】此题关键要清楚示波管的工作原理，要用运动的合成与分解的正交分解思想进行思考10．如下图，在竖直平面内xoy坐标系中分布着与水平方向夹45°角的匀强电场，将一质量为m、带电量为q的小球，以某一初速度从O点竖直向上抛出，它的轨迹恰好满足抛物线方程y=kx2，且小球通过点P 〔，〕．重力加速度为g，那么〔〕A．电场强度的大小为B．小球初速度的大小为C．小球通过点P时的动能为D．小球从O点运动到P点的过程中，电势能减少【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】结合小球运动的特点与平抛运动的方程，判断出小球在竖直方向受到重力与电场力在竖直方向的分力大小相，方向相反，由此求出电场力的大小，再由F=qE即可求出电场强度；由平抛运动的方程即可求出平抛运动的初速度，以及到达P时的速度；由动能理即可求出电势能的变化．【解答】解：小球，以某一初速度从O点竖直向上抛出，它的轨迹恰好满足抛物线方程y=kx2，说明小球做类平抛运动，那么电场力与重力的合力沿y轴正方向，竖直方向：qE•sin45°=mg，所以：，电场强度的大小为：E=，故A错误；B、小球受到的合力：F合=qEcos45°=mg=ma，所以a=g，由平抛运动规律有： =v0t， gt2，得初速度大小为，故B正确；C、由于： =v0t， gt2，又，所以通过点P时的动能为：，故C正确；D、小球从O到P电势能减少，且减少的电势能于克服电场力做的功，即：，故D错误．应选：BC【点评】此题考查类平抛运动规律以及匀强电场的性质，结合抛物线方程y=kx2，得出小球在竖直方向受到的电场力的分力与重力大小相，方向相反是解答的关键．二．题〔共3小题，每空2分，共38分〕11．在物理课外活动中，刘聪同学制作了一个简单的多用电表，图甲为该电表的电路原理图．其中选用的电流表满偏电流=10mA，中选择开关接3时为量程250V的电压表．该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，上排刻度不均匀且对数据没有标出，C为中间刻度．〔1〕假设指针在图乙所示位置，选择开关接1时，其读数为mA ；选择开关接3时，其读数为173v ．〔2〕为了测选择开关接2时欧姆表的内阻和表内电源的电动势，刘聪同学在室找到了一个电阻箱，设计了如下：①将选择开关接2，红黑表笔短接，调节的阻值使电表指针满偏；②将电表红黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使电表指针指中间刻度位置C处，此时电阻箱的示数如图丙，那么C处刻度为150 Ω．③计算得到表内电池的电动势为V．〔保存两位有效数字〕〔3〕调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，假设指针指在图乙所示位置，那么待测电阻的阻值为67 Ω．〔保存两位有效数字〕【考点】用多用电表测电阻．【专题】题；恒电流专题．【分析】〔1〕根据电表量程由图示电表确其分度值，根据指针位置读出其示数．〔2〕电阻箱各指针示数与所对倍率的乘积之和是电阻箱示数；由闭合电路欧姆律可以求出电源电动势．【解答】解：〔1〕选择开关接1时测电流，多用电表为量程是10mA的电流表，其分度值为0.2mA，示数为mA；选择开关接3时测电压，多用电表为量程250V的电压表，其分度值为5V，其示数为173V；故答案为：mA；173V．〔2〕②由图2所示电阻箱可知，电阻箱示数为0×1000Ω+1×100Ω+5×10Ω+0×1Ω=150Ω；③由图1乙所示可知，指针指在C处时，电流表示数为5mA=0.005A，C处电阻为中值电阻，那么电表内阻为150Ω，电源电动势E=IR=0.005×150×2=V；故答案为：②150；③．〔3〕根据第〔1〕问可知，调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，此时电路中的电流值为mA，而表内电池的电动势为E=V，表内总电阻为150Ω，所以待测电阻的阻值为67Ω．故答案为：67．【点评】此题考查了电表读数、求电表内阻、电源电动势问题，知道多用电表的原理是正确解题的前提与关键；对电表读数时，要先确其量程与分度值，然后再读数．。

高三物理周测卷(带答案解析)

高三物理周测卷学校：__________ 班级：__________ 姓名：__________ 考号：__________一、选择题（本题共计 8 小题，每题 5 分，共计40分，）1. 某驾驶员使用定速巡航，在高速公路上以时速110公里行驶了200公里，其中“时速110公里”、“行驶200公里”分别是指（）A.速度、位移B.速度、路程C.速率、位移D.速率、路程2. 汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，发现前方有障碍物立即以大小为5m/s2的加速度刹车，则汽车刹车后第2s内的位移和刹车后5s内的位移为（）A.30m，40mB.30m，37.5mC.12.5m，37.5mD.12.5m，40m3. 一列复兴号动车进站时做匀减速直线运动，车头依次从站台上三个立柱A、B、C旁经过，其中相邻两立柱间距离为x0，对应时刻分别为t1、t2、t3．则下列说法正确的是（）A.车头经过立柱B的速度为2x0t3−t1B.车头经过立柱A、B的平均速度等于x0t2−t1C.三时刻的关系为：(t3−t2):(t2−t1)=1:(√2−1)D.车头经过立柱A、B、C三立柱时的速度v A、v B、v C的大小关系为：2v B=v A+v C4. 质量为m＝60kg的同学，双手抓住单杠做引体向上，他的重心的运动速率随时间变化的图像如图2所示．取g＝10m/s2，由图像可知（）A.t＝0.5s时他的加速度为3m/s2B.t＝0.4s时他处于超重状态C.t＝1.1s时他受到单杠的作用力的大小是620ND.t＝1.5s时他处于超重状态5. 如图所示，在水平圆盘上沿半径方向放置用细线相连的质量均为m的A、B两个物块（可视为质点）．A和B距轴心O的距离分别为r A=R，r B=2R，且A、B与转盘之间的最大静摩擦力都是f m，两物块A和B随着圆盘转动时，始终与圆盘保持相对静止．则在圆盘转动的角速度从0缓慢增大的过程中，下列说法正确的是（）A.B所受合外力一直等于A所受合外力B.A受到的摩擦力一直指向圆心C.B受到的摩擦力先增大后减小D.A、B两物块与圆盘保持相对静止的最大角速度ωm=√2f mmR6. 2020年12月3日23时10分，嫦娥五号上升器携带1731g月球样品从月面起飞，开启中国首次地外天体采样返回之旅．其返回地球的飞行轨迹可以简化为如图所示：首先进入地月转移轨道，从Q点进入绕地球椭圆轨道Ⅰ，到达近地点P后进入近地圆轨道Ⅱ，再进行适当操作坠入大气层到达地表．已知椭圆轨道Ⅰ的半长轴为a、近地圆轨道Ⅱ的半径为r，嫦娥五号在轨道Ⅰ、Ⅱ正常运行的周期为T1、T2，地球半径为R，地球表面重力加速度为g，忽略地球自转及其他星球引力的影响．下列说法正确的是（）A.a3 T12>r3T22B.嫦娥五号在轨道Ⅱ正常运行的速度大于√gRC.嫦娥五号在轨道Ⅰ上P点的加速度大小等于轨道Ⅱ上P点的加速度D.嫦娥五号沿轨道Ⅰ从Q点向P点飞行过程中，动能逐渐减小7. 在研究微型电动机的性能时，用如图所示的实验电路．调节滑动变阻器R使电动机停止转动，此时电流表和电压表的示数分别为0.5A和3.0V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和36.0V，则这台电动机正常运转时的输出功率为（）A.72WB.64WC.56WD.48W8. 空间某区域内存在电场，电场线在竖直平面内的分布如图所示．一个质量为m、电量为q的小球在该电场中运动，小球经过A点时的速度大小为v1，方向水平向右，运动至B点的速度大小为v2，运动方向与水平方向质检的夹角为α，若A、B两点之间的高度差为ℎ，水平距离为s，则以下判断中正确的是（）A.A、B两点的电场强度和电势大小关系为E A<E B、φA<φBB.若v2>v1，则电场力一定做正功C.若小球带正电，则A、B两点间的电势差为m2q(v22−v12−2gℎ)D.小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为12mv22−12mv12二、多选题（本题共计 4 小题，每题 3 分，共计12分，）9. 在平直公路上有甲、乙两辆汽车同时从同一位置沿着同一方向做匀加速直线运动，它们速度的平方随位移变化的图像如图所示，则（）A.甲车加速度的大小比乙车加速度的大小大B.在x=0.5m处甲乙两车的速度相等C.在x=0.5m处甲乙两车相遇D.在x=1.0m处甲乙两车相遇10. 下列说法中正确的有（）A.已知水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏加德罗常数B.布朗运动说明分子在永不停息地做无规则运动C.两个分子间由很远(r>10−9m)距离减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大D.露珠呈球状是由于液体表面张力的作用11. 氢原子的能级如图所示，已知可见光的光子能量范围约为1.64eV∼3.19eV．下列说法正确的是（）A.处于n =3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并发生电离B.大量处于n =2能级的氢原子可以吸收能量为2.55eV 的可见光光子，跃迁到第4能级C.动能为10.4eV 的电子射向大量处于基态的氢原子，氢原子不会发生跃迁D.动能大于等于13.6eV 的电子可以使基态的氢原子发生电离12. 如图所示，一水平方向的匀强磁场，磁场区域的高度为ℎ，磁感应强度为B ，质量为m 、电阻为R 、粗细均匀的矩形线圈，ab =L ，bc =ℎ，该线圈从cd 边离磁场上边界高度H =(mgR)22gB 4L 4处自由落下，不计空气阻力，重力加速度为g ，设cd 边始终保持水平，则（）A. cd 边刚进入磁场时速度大小v =mgR2B 2L 2 B.cd 边刚进入磁场时其两端电压U cd =mgR 2B(L+ℎ)C.线圈穿过磁场的时间t =2ℎ(BL)2mgRD.线圈穿过磁场过程中，回路中产生的热量Q =2mgℎ三、解答题（本题共计 3 小题，每题 10 分，共计30分，）13. 短跑运动员完成100m 赛跑的过程可简化为匀加速运动和匀速运动两个阶段．一次比赛中，某运动员用11s 跑完全程，已知运动员在加速阶段的第2s 内通过的距离为7.5m ，求：（1）该运动员的加速度．（2）在加速阶段通过的距离．14. 一端封闭、一端开口的长度L =90cm 的玻璃管，用长ℎ=30cm 的水银柱封闭一段理想气体，当玻璃管水平放置稳定时（如图甲所示），气体的长度L 1=50cm ，已知大气压强p0=75cmHg，封闭气体的温度T1=300K．（1）保持玻璃管水平，使气体的温度缓慢升高到T2时，水银恰好不溢出，求T2；（2）若保持气体的温度T2不变，再将玻璃管以封闭端为轴缓慢逆时针转过30∘（如图乙所示），则稳定后密闭气柱的长度为多少？15. 如图所示，直角坐标系中的第Ⅰ象限中存在沿y轴负方向的匀强电场，在第Ⅱ象限中存在垂直纸面向外的匀强磁场，一电量为q、质量为m的带正电的粒子，在−x轴上的点a以速率v0，方向和−x轴方向成60∘射入磁场，然后经过y轴上的b点垂直于y轴方向进入电场，并经过x轴上x=2L处的c点时速度大小为√2v0．不计粒子重力．求（1）磁感应强度B的大小．（2）电场强度E的大小．四、实验探究题（本题共计 1 小题，共计18分，）16.(18分) 小戴同学利用如图甲所示的装置做“探究加速度和力的关系”实验，跨过光滑定滑轮用细线将铝块和桶连接，桶内可装沙，由静止释放沙桶，铅块将向上做加速运动．实验前先测出铝块与空桶的总质量为M，通过在空桶中添加沙来改变铝块的运动情况．测出每次桶内沙的质量为m，由纸带上打出的点可算出对应的加速度大小a，已知电源频率为50Hz．（1）在某次实验中，小戴获得了一条纸带，并在纸带上便于测量的地方选取了一段进行分析，如图乙所示，图中每2个计数点间还有4个点未标出，计数点间的距离如图乙所示，则铝块运动的加速度为________m/s2（计算结果保留三位有效数字）．图像如图丙所示，测得该直（2）小戴经过多次实验后，由多组实验数据画出a−1M+m线斜率的绝对值为k，纵截距为b，则当地重力加速度为________，铝块质量为________．（均用k，b表示）（3）若考虑纸带所受摩擦力对实验的影响，则（2）中求得的铝块质量与真实值相比________（填“偏大”“偏小”或“不变”）．参考答案与试题解析高三物理周测卷1一、选择题（本题共计 8 小题，每题 5 分，共计40分） 1. 【答案】 D【解析】此题暂无解析【解答】解：“行驶200公里”指的是经过的路程的大小，“时速为110公里”是某一个时刻的速度，是瞬时速度的大小，故D 正确，ABC 错误．故选D ． 2.【答案】 D【解析】汽车做匀减速直线运动，先应用速度公式求出汽车的减速时间，然后应用位移公式求出汽车的位移，然后答题．【解答】解：汽车减速到0需要的时间为：t =v 0a=205s =4s ，刹车后2s 内的位移为：x 2=v 0t 2+12at 22=30m ，刹车后1s 内的位移为：x 1=v 0t 1+12at 12=17.5m ，刹车后第2s 内的位移为：Δx =x 2−x 1=12.5m ，汽车运动4s 就停止运动，则刹车后5s 内的位移为：x =v 022a =2022×5m =40m ，故选：D ． 3. 【答案】 B【解析】【解答】解：AD ．车头经过站台上立柱AC 段的平均速度v AC ¯=x AC t AC=2x 0t3−t 1，由题可知，B 点是AC 段的位置中点，所以B 点的瞬时速度应该大于AC 段的平均速度，2v B >v A +v C ，故AD 错误；B ．车头经过立柱A 、B 的平均速度为v AB ¯=x AB t AB=x 0t2−t 1，故B 正确；C ．根据比例法可知，当C 点速度为零时， (t 3−t 2): (t 2−t 1)=1: (√2−1)，而题中未说明C 点的速度为0，故C 错误．故选B ．【答案】B【解析】速度时间图像的斜率表示加速度，根据图像求出t＝0.4s和t＝1.1s时的加速度，再根据牛顿第二定律求出单杠对该同学的作用力。

高三物理上学期第十一周周练试题(2021年整理)

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江西省上饶县2017届高三物理上学期第十一周周练试题一、选择题(本题共7小题，每小题10分，共计70分。

）1．A 、B 两个物体都静止在光滑水平面上,当分别受到大小相等的水平力作用，经过相等时间,则下述说法中正确的是A ．A 、B 所受的冲量相同 B ．A 、B 的动量变化相同C ．A 、B 的末动量相同D ．A 、B 的末动量大小相同2．2013年6月20日，在“天宫一号”测出指令长聂海胜的质量.聂海胜受到恒定作用力F 从静止开始运动，经时间t 时,测速仪测出他运动的速率为υ,则聂海胜的质量为A ．υ2FtB ．υFtC ．υFt2 D ．υFt43．在水平地面上有一木块，质量为m ,它与地面间的滑动摩擦系数为μ。

物体在水平恒力F 的作用下由静止开始运动，经过时间t 后撤去力F 物体又前进了时间2t 才停下来.这个力F 的大小为A ．μmgB ．2μmgC ．3μmgD ．4μmg4．在光滑的水平面的同一直线上,自左向右地依次排列质量均为m 的一系列小球，另一质量为m 的小球A 以水平向右的速度v 运动，依次与上述小球相碰，碰后即粘合在一起，碰撞n 次后,剩余的总动能为原来的81，则n 为A ．5B ．6C ．7D ．85．如图所示，质量为m 的小车静止于光滑水平面上,车上有一光滑的弧形轨道，另一质量为m 的小球以水平初速沿轨道的右端的切线方向进入轨道，则当小球再次从轨道的右端离开轨道后,将作A ．向左的平抛运动；B ．向右的平抛运动;C ．自由落体运动；D ．无法确定。

高三物理周测答案

高三物理测试答案和解析【答案】1. D2. A3. B4. D5. AD6. ABC7. BC8. CD9. 0.02（1分）0.740（2分）相反（1分）0.472（2分）10. B（2分） 1.88（2分） 1.84（2分）A（3分）11. (1)小球到A点的速度如图所示，由图可知：v0=v x=v A cos θ=4×cos 60∘=2m/s............................（2分）(2)竖直速度为：v y=v A sin θ=4×sin 60∘=2√3m/s............................（1分）由平抛运动规律得：v y2=2gℎ，............................（1分）速度为：v y=gt............................（1分）水平位移为：x=v0t............................（1分）联立并代入数据解得：ℎ=0.6m............................（1分）x=0.4√3m=0.69m............................（1分）(3)取A点为重力势能的零点，由机械能守恒定律得：12mv A2=12mv C2+mg(R+Rcosθ)............................（1分）由圆周运动向心力公式得：N C+mg=m v C2R............................（1分）代入数据得：N C=8N............................（1分）由牛顿第三定律得：小球对轨道的压力大小8N，方向竖直向上。

............................（1分）12. 解：(1)小球平抛运动的水平位移x =L则平抛运动的时间 t =x v 0=Lv 0，............................（2分）根据ℎ=12gt 2得，............................（2分）星球表面的重力加速度 g =2ℎt2=2ℎv02L2;............................（2分）(2) 根据 GMm R 2=mg 得，............................（2分）星球的质量 M =gR 2G =2ℎv 02R2GL 2，............................（2分）体积............................（2分）则星球的密度。

高三物理专项训练11

高三物理专项训练111、（多选）质点做直线运动的位移x与时间t的关系为各物理量均采用国际单位制单位),则该质点（）A.第1 s内的位移是6 mB.前2 s内的平均速度是7 m/sC.任意相邻1 s内的位移差都是1 mD.任意1 s内的速度增量都是2 m/s2、固定斜面C的倾角为，物体A放在斜面C上，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上、下表面均与斜面平行，A、B-起沿斜面匀速下滑，则（）A．A与B之间没有静摩擦力B．A受到B的静摩擦力方向沿斜面向上C．A受到斜面的滑动摩擦力大小为2mg sin D．A与B之间的动摩擦因数= tan3、如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h的海平面上．若以地面为零势能面而且不计空气阻力，则①物体落到海平面时的势能为mgh ②重力对物体做的功为mgh③物体在海平面上的动能为④物体在海平面上的机械能为其中正确的是（）A．②③④B．①②③ C．①③④D．①②④4、劲度系数为k的轻质弹簧，一端系在竖直放置、半径为R的光滑圆环顶点P，另一端连接一套在圆环上且质量为m的小球．开始时小球位于A点，此时弹簧处于原长且与竖直方向的夹角为45°，之后小球由静止沿圆环下滑，小球运动的最低点B时的速率为v，此时小球与圆环之间的压力恰好为零，已知重力加速度为g．下列分析正确的是（）A．轻质弹簧的原长为RB．小球过B点时，所受的合力为C．小球从A到B的过程中，重力势能转化为弹簧的弹性势能D．小球运动到B点时，弹簧的弹性势能为mgR-mv25、（多选）如图所示的电路中，当变阻器R3的滑动触头P向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电源消耗的功率变大，电源总功率变大D．电源消耗的功率变大，电源总功率变小6、研究表明，地球自转在逐渐改变，3亿年前地球自转的周期约为22小时。

假设这种趋势会持续下去，且地球的质量、半径都不变，若干年后（）A．近地卫星（以地球半径为轨道半径）的运行速度比现在大B．近地卫星（以地球半径为轨道半径）的向心加速度比现在小C．同步卫星的运行速度比现在小D．同步卫星的向心加速度与现在相同7、物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间的变化规律如左图所示，取开始运动方向为正方向，则物体运动的v－t图象中正确的是（）8、质量为m的物块，带电荷量为＋Q，开始时让它静止在倾角α＝60°的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平方向、大小为E＝mg/Q的匀强电场中，如图所示，斜面高为H，释放物块后，物块落地时的速度大小为（）A．2 B.C．2D．2。

高三物理测试题含答案

洛阳市第八中学高三物理周周练测试题二一、选择题（每题4分，半对2分，共56分）1．一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为s ，动能变为原来的9倍．该质点的加速度为( ) A.s t 2 B.3s 2t 2 C.4s t 2 D.8s t 2 答案 A解析设初速度为v 1，末速度为v 2，根据题意可得9·12mv 12＝12mv 22，解得v 2＝3v 1，根据v＝v 0＋at ，可得3v 1＝v 1＋at ，解得v 1＝at 2，代入s ＝v 1t ＋12at 2可得a ＝st2，故A 项正确．2．一辆小汽车在一段平直的公路上做匀加速直线运动，A 、B 是运动过程中经过的两点．已知汽车经过A 点时的速度为1 m/s ，经过B 点时的速度为7 m/s.则汽车从A 到B 的运动过程中，下列说法正确的是( )A ．汽车经过AB 位移中点时速度是4 m/s B ．汽车经过AB 中间时刻的速度是4 m/sC ．汽车前一半时间发生位移是后一半时间发生位移的一半D ．汽车前一半位移所用时间是后一半位移所用时间的2倍答案 BD解析汽车经过AB 位移中点时的速度v x 2＝v A 2＋v B22＝5 m/s ，汽车经过AB 中间时刻的速度v t 2＝v A ＋v B 2＝4 m/s ，A 项错误、B 项正确．汽车前一半时间发生的位移x 1＝1＋42·t2＝54t ，后一半时间发生的位移x 2＝4＋72·t 2＝114t ，C 项错误．汽车前一半位移所用的时间t 1＝x 21＋52＝x 6，后一半位移所用的时间t 2＝x 25＋72＝x 12，即t 1∶t 2＝2∶1，D 项正确 3．如图所示，在水平面上固定着三个完全相同的木块，一子弹以水平速度射入木块，若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第三个木块时速度恰好为零，则子弹依次射入每个木块时的速度比和穿过每个木块所用时间比分别为( ) A ．v 1∶v 2∶v 3＝3∶2∶1 B ．v 1∶v 2∶v 3＝5∶3∶1 C ．t 1∶t 2∶t 3＝1∶2∶ 3D ．t 1∶t 2∶t 3＝(3－2)∶(2－1)∶1 答案 D解析选用“逆向思维”法解答，由题意知，若倒过来分析，子弹向左做初速度为零的匀加速直线运动，设每块木块厚度为L ，则v 32＝2a·L，v 22＝2a·2L ，v 12＝2a·3L，v 3、v 2、v 1分别为子弹倒过来从右到左运动L 、2L 、3L 时的速度．则v 1∶v 2∶v 3＝3∶2∶1.又由于每块木块厚度相同，则由比例关系可得t 1∶t 2∶t 3＝(3－2)∶(2－1)∶1，故D 项正确．4．名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12 m 的竖立在地面上的钢管从顶端由静止先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时加速度大小的2倍，下滑的总时间为3 s ，那么该消防队员( ) A ．下滑过程中的最大速度为4 m/sB ．加速与减速运动过程的时间之比为1∶2C ．加速与减速运动过程中平均速度之比为1∶1D ．加速与减速运动过程的位移大小之比为1∶4【答案】 BC【解析】钢管长L ＝12 m ，运动总时间t ＝3 s ，加速过程加速度2a 、时间t 1、位移x 1、最大速度v ，减速过程加速度a 、时间t 2、位移x 2.加速和减速过程中平均速度均为v/2，vt/2＝L ，得v ＝8 m/s ，A 项错误、C 项正确；v ＝2at 1＝at 2，t 1∶t 2＝1∶2，B 项正确；x 1＝vt 1/2，x 2＝vt 2/2，x 1∶x 2＝1∶2，D 项错误．5．如图所示，某“闯关游戏”的笔直通道上每隔8 m 设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，放行和关闭的时间分别为5 s 和2 s ．关卡刚放行时，一同学立即在关卡1处以加速度2 m/s 2由静止加速到2 m/s ，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是( )A ．关卡2B ．关卡3C ．关卡4D ．关卡5答案 C解析由题意知，该同学先加速后匀速，速度增大到2 m/s 用时t 1＝1 s ，在加速时间内通过的位移x ＝12at 12＝1 m ，t 2＝4 s ，x 2＝vt 2＝8 m ，已过关卡2，t 3＝2 s 时间内x 3＝4 m ，关卡打开，t 4＝5 s ，x 4＝vt 4＝10 m ，此时关卡关闭，距离关卡4还有1 m ，到达关卡4还需t 5＝1/2 s ，小于2 s ，所以最先挡在面前的是关卡4，故C 项正确．6．如图所示，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O 点，右端跨过位于O ′点的固定光滑轴悬挂一质量为M 的物体；OO ′段水平，长度为L ；绳子上套一可沿绳滑动的轻环．现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L ，则钩码的质量为( )A.22MB.32MC.2MD.3M答案D7．如图所示，两梯形木块A 、B 叠放在水平地面上，A 、B 之间的接触面倾斜．A 的左侧靠在光滑的竖直墙面上，关于两木块的受力，下列说法正确的是( )A ．A 、B 之间一定存在摩擦力作用B．木块A可能受三个力作用C．木块A一定受四个力作用D．木块B受到地面的摩擦力作用方向向右答案B8．如图所示，两个带有同种电荷的小球A、B用绝缘轻细线相连悬于O点，已知q1>q2，L1>L2，平衡时两球到过O点的竖直线的距离相等，则()A．m1>m2B．m1<m2C．m1＝m2D．不能确定答案C9．如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是()A．B与水平面间的摩擦力减小B．地面对B的弹力增大C．悬于墙上的绳所受拉力不变D．A、B静止时，图中α、β、θ三角始终相等答案BD解析对B进行受力分析，如图：由平衡规律，得：Tcosθ＝F f，G＝F N＋Tsinθ将物块B移至C点后，细绳与水平方向夹角θ1减小，细绳中拉力T不变，B与水平面间的摩擦力F f增大，地面对B的弹力F N增大，A项错误，B项正确；由于α＋β增大，滑轮两侧细绳拉力的合力减小，由平衡条件可知，悬于墙上的绳所受拉力减小，C项错误；A、B静止时，图中α、β、θ三角始终相等，D项正确．10．如图所示，长为L＝6 m、质量为m＝10 kg的木板放在水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数为μ＝0.2，一个质量为M＝50 kg的人从木板的左端开始向右加速跑动，从人开始跑到人离开木板的过程中，以下v－t图像可能正确的是(g取10 m/s2，a为人的v －t图像，b为木板的v－t图像)( )【答案】 ABC【解析】人在木板上加速，受到木板向右的摩擦力，f ＝Ma 1，木板与地面之间的最大静摩擦力f m ＝μ(M ＋m)g ＝120 N ；A 中人的加速度a 1＝1 m/s 2，f ＝Ma 1＝50 N<120 N ，木板静止不动，t ＝2 3 s 内人的位移x ＝6 m ，A 项正确；同理B 项正确；C 中人的加速度a 1＝3 m/s 2，f ＝Ma 1＝150 N>120 N ，木板向左加速，f －μ(M ＋m)g ＝ma 2，a 2＝3 m/s 2，t ＝ 2 s 内人的位移大小x 1＝3 m ，木板的位移大小x 2＝3 m ，C 项正确；D 中木板的位移为负，应在时间轴的下方，因此D 项错误．11．如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体(物体与弹簧不连接)，初始时物体处于静止状态，现用竖直向上的拉力F 作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F 与物体位移x 的关系如图乙所示(g ＝10m/s 2)，下列结论正确的是( )A ．物体与弹簧分离时，弹簧处于原长状态B ．弹簧的劲度系数为750 N/mC ．物体的质量为2 kgD ．物体的加速度大小为5 m/s2答案 ACD解析物体与弹簧分离时，弹簧的弹力为零，轻弹簧无形变，所以A 项正确；从图中可知ma ＝10 N ，ma ＝30 N －mg ，解得物体的质量为m ＝2 kg ，物体的加速度大小为a ＝5 m/s 2，所以C 、D 两项正确；弹簧的劲度系数k ＝mg x 0＝200.04N/m ＝500 N/m ，所以B 项错误．12．如图所示，一个圆形框架以竖直的直径为转轴匀速转动．在框架上套着两个质量相等的小球A 、B ，小球A 、B 到竖直转轴的距离相等，它们与圆形框架保持相对静止．下列说法正确的是( ) A ．小球A 的合力小于小球B 的合力 B ．小球A 与框架间可能没有摩擦力 C ．小球B 与框架间可能没有摩擦力D ．圆形框架以更大的角速度转动，小球B 受到的摩擦力一定增大答案 C 13．如图所示，斜轨道与半径为R 的半圆轨道平滑连接，点A 与半圆轨道最高点C 等高，B 为轨道的最低点．现让小滑块(可视为质点)从A 点开始以速度v0沿斜面向下运动，不计一切摩擦，关于滑块运动情况的分析，正确的是( )．A ．若v 0＝0，小滑块恰能通过C 点，且离开C 点后做自由落体运动B ．若v 0＝0，小滑块恰能通过C 点，且离开C 点后做平抛运动C ．若v 0＝gR ，小滑块恰能到达C 点，且离开C 点后做自由落体运动D ．若v 0＝gR ，小滑块恰能到达C 点，且离开C 点后做平抛运动解析小滑块通过C 点的最小速度为vC ，由mg ＝m v2CR，得vC ＝gR ，由机械能守恒定律，若A 点v0＝0，则vC ＝0，实际上滑块在到达C 点之前就离开轨道做斜上抛运动了，A 、B 错；若v0＝gR ，小滑块通过C 点后将做平抛运动，C 错、D 正确．答案 D14．如图所示，直径为d 的竖直圆筒绕中心轴线以恒定的转速匀速转动．一子弹以水平速度沿圆筒直径方向从左侧射入圆筒，从右侧射穿圆筒后发现两弹孔在同一竖直线上且相距为h ，则( )A ．子弹在圆筒中的水平速度为v 0＝d g 2hB ．子弹在圆筒中的水平速度为v 0＝2d g 2hC ．圆筒转动的角速度可能为ω＝πg 2hD ．圆筒转动的角速度可能为ω＝3πg 2h【答案】 ACD【解析】子弹在圆筒中运动的时间与自由下落h 的时间相同，即t ＝2h g ，v 0＝dt＝d g2h，故A 项正确．在此时间内圆筒只需转半圈的奇数倍 ωt ＝(2n ＋1)π(n ＝0，1，2，…)，所以ω＝2n ＋1t ＝(2n ＋1)πg2h(n ＝0，1，2，…)．故C 、D 项正确．二、计算题（共44分）15．如图所示，质量为m 的木块，用一轻绳拴着，置于很大的水平转盘上，细绳穿过转盘中央的细管，与质量也为m 的小球相连，木块与转盘间的最大静摩擦力为其重力的μ倍(μ＝0.2)，当转盘以角速度ω＝4 rad/s 匀速转动时，要保持木块与转盘相对静止，木块转动半径的范围是多少(g 取10 m/s 2)?答案 0.5 m ≤r ≤0.75 m解析由于转盘以角速度ω＝4 rad/s 匀速转动，当木块恰不做近心运动时，有 mg －μmg ＝mr 1ω2 解得r 1＝0.5 m当木块恰不做离心运动时，有 mg ＋μmg ＝mr 2ω2 解得r 2＝0.75 m因此，要保持木块与转盘相对静止，木块转动半径的范围是0.5 m ≤r ≤0.75 m.16．(2014·课标全国Ⅰ)公路上行驶的两汽车之间应保持一定的安全距离，当前车突然停止时，后车司机可以采取刹车措施，使汽车在安全距离内停下而不会与前车相撞，通常情况下，人的反应时间和汽车系统的反应时间之和为1 s ，当汽车在晴天干燥沥青路面上以108 km/h 的速度匀速行驶时，安全距离为120 m ，设雨天时汽车轮胎与沥青路面间的动摩擦因数为晴天时的2/5，若要求安全距离仍为120 m ，求汽车在雨天安全行驶的最大速度．【答案】 20 m/s【解析】汽车初速度为v 0＝108 km/h ＝30 m/s ，在反应时间内，汽车做匀速运动，运动的距离x 1＝v 0t ＝30×1 m ＝30 m ，汽车在减速阶段的位移x 2＝x 0－x 1＝120 m －30 m ＝90 m ，设干燥路面的动摩擦因数是μ0，汽车从刹车到停下，汽车运动的距离为x 2a 1＝μ0mg m ＝μ0g ，得2μ0gx 2＝v 02，μ0＝v 022gx 2＝3022×10×90＝0.5下雨时路面的动摩擦因数μ＝25μ0＝0.2，在反应时间内，汽车做匀速运动，运动的距离x 3＝vt ，汽车从刹车到停下，汽车运动的距离为x 4，a 2＝μmg m＝μg ＝0.2×10 m/s2＝2 m/s 2，2a 2x 4＝v 2，又x 3＋x 4＝120 m ，代入数据，解得v ＝20 m/s17．如图所示，P 是水平面上的圆弧轨道，从高台边B 点以速度v 0水平飞出质量为m 的小球，恰能从固定在某位置的圆弧轨道的左端A 点沿圆弧切线方向进入．O 是圆弧的圆心，θ是OA 与竖直方向的夹角．已知：m ＝0.5 kg ，v 0＝3 m/s ，θ＝53°，圆弧轨道半径R ＝0.5 m ，g ＝10 m/s 2，不计空气阻力和所有摩擦，求：(1)A 、B 两点的高度差；(2)小球能否到达最高点C ？如能到达，小球对C 点的压力大小为多少？【答案】 (1)0.8 m (2)能 4 N【解析】 (1)小球在A 点的速度分解如图，则 v y ＝v 0tan53°＝4 m/s A 、B 两点的高度差为：h ＝v y 22g ＝422×10m ＝0.8 m.(2)小球若能到达C 点，在C 点需要满足：mg ≤mv2R，v ≥gR ＝ 5 m/s小球在A 点的速度v A ＝v 0cos53°＝5 m/s从A→C 机械能守恒： 12mv A 2＝12mv C 2＋mgR(1＋cos53°) v C ＝3 m/s ＞ 5 m/s 所以小球能到达C 点由牛顿第二定律得：F N ＋mg ＝mv C2R解得F N ＝4 N由牛顿第三定律知，小球对C 点的压力为4 N.18. (2015·课标全国Ⅰ)一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块，在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5 m ，如图(a)所示．t ＝0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t ＝1 s 时木板与墙壁碰撞(碰撞时间极短)．碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板．已知碰撞后1 s 时间内小物块的v －t 图线如图(b)所示．木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g 取10 m/s 2.求(1)木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2； (2)木板的最小长度；(3)木板右端离墙壁的最终距离【答案】 (1)μ1＝0.1 μ2＝0.4 (2)6 m (3)6.5 m【解析】 (1)根据图像可以判定碰撞前木块与木板共同速度为v ＝4 m/s碰撞后木板速度水平向左，大小也是v ＝4 m/s木块受到滑动摩擦力而向右做匀减速运动，根据牛顿第二定律，有μ2g ＝4 m/s －0 m/s1 s解得μ2＝0.4木板与墙壁碰撞前，匀减速运动时间t ＝1 s ，位移x ＝4.5 m ，末速度v ＝4 m/s其逆运动则为匀加速直线运动，可得x ＝vt ＋12at 2代入可得a ＝1 m/s 2木块和木板整体受力分析，滑动摩擦力提供合外力，即μ1g ＝a 可得μ1＝0.1(3)最后阶段滑块和木板一起匀减速直到停止，整体加速度a ＝μ1g ＝1 m/s 2位移x 5＝v 322a＝2 m所以木板右端离墙壁最远的距离为 x 1＋x 3＋x 5＝6.5 m。

高三物理上学期周练试卷(11.含解析)

咐呼州鸣咏市呢岸学校一中高三上学期周练物理试卷〔12〕一、选择题〔此题共12道小题，每题0分，共0分〕1．从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，假设运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，球运动的速率随时间变化的规律如下图，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，那么整个在过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也逐渐增加B．小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值最小C．小球抛出瞬间的加速度大小为〔1+〕gD．小球下降过程中的平均速度小于2．如下图为粮袋的传送带装置，AB间的长度为L，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A点将粮袋从A到B的运动，以下说法正确的选项是〔设最大静摩擦力于滑动摩擦力〕〔〕A．粮袋到达B点的速度与v比拟，可能大，也可能相或小B．粮袋开始运动的加速度为g〔sinθ﹣cosθ〕，假设L足够大，那么以后将一以速度v做匀速运动C．假设μ＜tanθ，那么粮袋从A到B一一直是做加速运动D．不管μ如何小，粮袋从A到B一直匀加速运动，且a＞gsinθ3．如下图，竖直光滑杆固不动，弹簧下端固，将滑块向下压缩弹簧至离地高度h=0.1m处，滑块与弹簧不拴接，现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h，并作出其E k﹣h图象，其中高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余为曲线，以地面为零势能面，g取10m/s2，由图象可知〔〕A．轻弹簧原长为0.3mB．小滑块的质量为0.1kgC．弹簧最大弹性势能为0.5JD．小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.4J4．某家用桶装纯洁水手压式饮水器如图，在手连续稳的按压下，出水速度为v，供水系统的效率为η，现测量出桶底到出水管之间的高度差H，出倾斜，其离出水管的高度差可忽略，出的横截面积为S，水的密度为ρ，重力加速度为g，那么以下说法正确的选项是〔〕A．出单位时间内的出水体积Q=vSB．出所出水落地时的速度C．出水后，手连续稳按压的功率为+D．手按压输入的功率于单位时间内所出水的动能和重力势能之和5．如下图，通过轻质光滑的滑轮，将一个质量为m的物体从井中拉出，绳与连接点距滑轮顶点高h，开始时物体静止，滑轮两侧的绳都竖直绷紧，以v向右匀速运动，运动到跟连接的细绳与水平夹角为30°，那么〔〕A．从开始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mghB．从幵始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mgh+mv2C．在绳与水平夹角为30°时，拉力功率为mgvD．在绳与水平夹角为30°时，拉力功率于mgv6．12月2日，我国探月卫星“嫦娥三号〞在西昌卫星发心发射升空，飞行轨道示意图如下图．“嫦娥三号〞从地面发射后奔向月球，先在轨道Ⅰ上运行，在P点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，Q为轨道Ⅱ上的近月点，那么有关“嫦娥三号〞以下说法正确的选项是〔〕A．由于轨道Ⅱ与轨道Ⅰ都是绕月球运行，因此“嫦娥三号〞在两轨道上运行具有相同的周期B．“嫦娥三号〞从P到Q的过程中月球的万有引力做正功，速率不断增大C．由于“嫦娥三号〞在轨道Ⅱ上经过P的速度小于在轨道Ⅰ上经过P的速度，因此在轨道Ⅱ上经过P的加速度也小于在轨道Ⅰ上经过P的加速度D．由于均绕月球运行，“嫦娥三号〞在轨道Ⅰ和轨道Ⅱ上具有相同的机械能7．如图甲所示，Q1、Q2是两个固的点电荷，其中Q1带正电，在它们连线的线上a、b 点，一带正电的试探电荷仅在库仑力作用下以初速度v a从a点沿直线ab向右运动，其v﹣t图象如图乙所示，以下说法正确的选项是〔〕A．Q2带正电B．Q2带负电C．b点处电场强度为零D．试探电荷的电势能不断增加8．如图，竖直放置的平行金属板带量异种电荷，一不计重力的带电粒子从两板中间以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，以下判断正确的选项是〔〕A．该带电粒子带正电B．该带电粒子带负电C．假设粒子初速度增大到原来的2倍，那么恰能从负极板边缘射出D．假设粒子初动能增大到原来的2倍，那么恰能从负极板边缘射出9．如下图，φ﹣x图表示空间某一静电场的电势φ沿x轴的变化规律，图象关于φ轴对称分布．x轴上a、b两点电场强度在x方向上的分量分别是E xa、E xb，那么〔〕A．E xa＞E xbB．E xa沿x负方向，E xb沿x正方向C．同一点电荷在a、b两点受到的电场力方向相反D．将正电荷沿x轴从a移动到b的过程中，电场力先做正功后做负功10．如下图，PQ为量异种点电荷A、B连线的中垂线，C为中垂线上的一点，M、N分别为AC、BC的中点，假设取无穷远处的电势为零，那么以下判断正确的选项是〔〕A．M、N两点场强相同B．M、N两点电势相同C．负电荷由M点移到C处，电场力做正功D．负电荷由无穷远处移到N点时，电势能一减少11．如下图，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．小灯泡L1、L2均变暗B．小灯泡L1变亮、L2变暗C．电流表A的读数变大，电压表V的读数变小D．电流表A的读数变小，电压表V的读数变大12．如图1所示电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．开关S闭合后以下判断正确的选项是〔〕A．L1电流为L2电流的2倍B．L1消耗的电功率为0.75WC．L2消耗的电功率为0.375W D．此时L2的电阻为12Ω二、题〔此题共1道小题，第1题0分，共0分〕13．一根电阻丝，它的电表阻在10Ω左右，测量它的直径时如下图，由此读得它的直径D=mm，由此可以算出它的横截面积S现有一个稳压电源〔输出电压恒为U=3V〕，一个值电阻R〔10Ω左右〕，一个量程0.3A的量流表1，一个量程为3A的电流表2，毫米刻度尺，利用如下图的电路，不断移动夹子〔图中用粗箭头表示〕改变电阻丝连入电路的长l，得出长度l与电流的倒数的关系如下图．那么电流表选择，该电阻丝的电阻率为，值电阻〔要求a、b，U，S字母表示〕三、计算题〔此题共2道小题，第1题0分，第2题0分，共0分〕14．如下图，x轴正方向水平向右，y轴正方向竖直向上，在xOy平面内有与y轴平行向上的匀强电场区域〔在第Ⅰ象限，形状是直角三角形〕，直角三角形斜边分别与x轴和y轴相交于〔L，0〕和〔0，L〕点．区域左侧沿x轴正方向射来一束具有相同质量m、电荷量为﹣q〔q＞0〕和初速度v0的带电微粒，这束带电微粒分布在0＜y＜L的区间内，其中从〔0，〕点射入场区的带电微粒刚好从〔L，0〕点射出场区．带电微粒重力不计．求：〔1〕电场强度大小；从0＜y＜的区间射入场区的带电微粒射出场区时的x坐标值和射入场区时的y坐标值的关系式；〔3〕射到点的带电微粒射入场区时的y坐标值．一中高三上学期周练物理试卷〔12〕参考答案与试题解析一、选择题〔此题共12道小题，每题0分，共0分〕1．从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，假设运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，球运动的速率随时间变化的规律如下图，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，那么整个在过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也逐渐增加B．小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值最小C．小球抛出瞬间的加速度大小为〔1+〕gD．小球下降过程中的平均速度小于【考点】匀变速直线运动的图像；竖直上抛运动．【专题】运动的图像专题．【分析】由图象得到小球上升过程和下降过程的运动规律，然后进行受力分析，根据牛顿第二律进行分析．【解答】解：A、上升过程，受重力和阻力，合力向下，根据牛顿第二律，有：f+mg=ma，解得a=g+＞g；由于是减速上升，阻力逐渐减小，故加速度不断减小；下降过程，受重力和阻力，根据牛顿第二律，有：mg﹣f=ma′，解得：＜g；由于速度变大，阻力变大，故加速度变小；即上升和下降过程，加速度一直在减小；故AB错误；C、空气阻力与其速率成正比，最终以v1匀速下降，有：mg=kv1；小球抛出瞬间，有：mg+kv0=ma0 ；联立解得：，故C正确；D、速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，从图象可以看出，位移小于阴影面积，而阴影面积是匀减速直线运动的位移，匀减速直线运动的平均速度于，故小球上升过程的平均速度小于，故D错误；应选：C．【点评】速度时间图象斜率表示加速度，面积表示位移，会用极限的思想求解位移．2．如下图为粮袋的传送带装置，AB间的长度为L，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A点将粮袋从A到B的运动，以下说法正确的选项是〔设最大静摩擦力于滑动摩擦力〕〔〕A．粮袋到达B点的速度与v比拟，可能大，也可能相或小B．粮袋开始运动的加速度为g〔sinθ﹣cosθ〕，假设L足够大，那么以后将一以速度v做匀速运动C．假设μ＜tanθ，那么粮袋从A到B一一直是做加速运动D．不管μ如何小，粮袋从A到B一直匀加速运动，且a＞gsinθ【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B点时的速度小于v；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B点时速度与v相同；也可能先做加速度较大的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达B点时的速度大于v；粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，加速度为g〔sinθ+μcosθ〕．假设μ≥tanθ，粮袋从A到B可能一直是做加速运动，也可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动．【解答】解：A、粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B点时的速度小于v；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B点时速度与v相同；也可能先做加速度较大的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达B点时的速度大于v；故A正确．B、粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，大小为μmgcosθ根据牛顿第二律得到，加速度a=g 〔sinθ+μcosθ〕．故B错误．C、假设μ＜tanθ，可能是一直以g〔sinθ+μcosθ〕的加速度匀加速；也可能先以g〔sinθ+μcosθ〕的加速度匀加速，后以g〔sinθ﹣μcosθ〕匀加速．故C正确．D、由上分析可知，粮袋从A到B不一一直匀加速运动．故D错误．应选：AC【点评】此题考查分析物体运动情况的能力，而要分析物体的运动情况，首先要具有物体受力情况的能力．传送带问题，物体的运动情况比拟复杂，关键要考虑物体的速度能否与传送带相同．3．如下图，竖直光滑杆固不动，弹簧下端固，将滑块向下压缩弹簧至离地高度h=0.1m处，滑块与弹簧不拴接，现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h，并作出其E k﹣h图象，其中高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余为曲线，以地面为零势能面，g取10m/s2，由图象可知〔〕A．轻弹簧原长为0.3mB．小滑块的质量为0.1kgC．弹簧最大弹性势能为0.5JD．小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.4J【考点】机械能守恒律．【专题】机械能守恒律用专题．【分析】根据对E k﹣h图象的理解：图线的斜率表示滑块所受的合外力，高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余为曲线和能量守恒律求解．【解答】解：A、在E k﹣h图象中，图线的斜率表示滑块所受的合外力，由于高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余为曲线，说明滑块从0.2m上升到0.35m范围内所受作用力为恒力，所示从h=0.2m，滑块与弹簧别离，故A错误；B、在从0.2m上升到0.35m范围内，图线的斜率绝对值为：k=mg=2N，所以：m=0.2kg，故B错误；C、根据能的转化与守恒可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧最大弹性势能，所以E pm=mg△h=0.2×10×〔0.35﹣0.1〕=0.5J，故C正确；D、在滑块整个运动过程中，系统的动能、重力势能和弹性势能之间相互转化，因此动能最大时，滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小，根据能的转化和守恒可知：E Pmm=E﹣E km=E pm+mgh0﹣E km=0.5+0.2×10×0.1﹣0.32=0.38J，故D错误；应选：C【点评】此题主要考查了能量守恒律和图象的理解与用问题，有一难度．4．某家用桶装纯洁水手压式饮水器如图，在手连续稳的按压下，出水速度为v，供水系统的效率为η，现测量出桶底到出水管之间的高度差H，出倾斜，其离出水管的高度差可忽略，出的横截面积为S，水的密度为ρ，重力加速度为g，那么以下说法正确的选项是〔〕A．出单位时间内的出水体积Q=vSB．出所出水落地时的速度C．出水后，手连续稳按压的功率为+D．手按压输入的功率于单位时间内所出水的动能和重力势能之和【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功能关系．【分析】出的体积V=Sl，再除以时间即为位时间内的出水体积，水从出水平流出后做平抛运动，根据高度求出落地时竖直方向的速度，再根据几何关系求出出所出水落地时的速度，在时间t内，流过出的水的质量m=ρSvt，手连续稳按压使水具有初动能和重力势能，根据势能和动能的表达式及供水系统的效率求出手连续稳按压做的功，再根据求解功率即可．【解答】解：A、出的体积V=Sl，那么单位时间内的出水体积Q=，故A正确；B、水从出水平流出后做平抛运动，那么落地时速度方向速度，所以出所出水落地时的速度v==，故B错误；C、手连续稳按压使水具有初动能和重力势能，在时间t内，流过出的水的质量m=ρSvt，那么出的水具有的机械能E=，而供水系统的效率为η，所以手连续稳按压做的功为W=，那么功率P=，故C正确；D、手按压输入的功率于单位时间内所出水的动能和重力势能之和除以供水系统的效率η，故D错误；应选：AC【点评】解答此题要知道水从出水平流出后做平抛运动，根据平抛运动的根本规律求解，注意手连续稳按压时做水做的功没有转化为水的机械能，注意供水系统的效率，难度适中．5．如下图，通过轻质光滑的滑轮，将一个质量为m的物体从井中拉出，绳与连接点距滑轮顶点高h，开始时物体静止，滑轮两侧的绳都竖直绷紧，以v向右匀速运动，运动到跟连接的细绳与水平夹角为30°，那么〔〕A．从开始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mghB．从幵始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mgh+mv2C．在绳与水平夹角为30°时，拉力功率为mgvD．在绳与水平夹角为30°时，拉力功率于mgv【考点】运动的合成和分解；机械能守恒律．【分析】先将的速度沿着平行绳子和垂直绳子方向正交分解，得到货物速度的表达式，分析出货物的运动规律；然后根据动能理和牛顿第二律列式分析．【解答】解：A、B、将的速度沿着平行绳子和垂直绳子方向正交分解，如下图；货物速度为：v货物=vcosθ，由于θ逐渐变小，故货物加速上升；当θ=30°时，货物速度为v；当θ=90°时，货物速度为零；根据功能关系，拉力的功于货物机械能的增加量，故有：W F=△E P+△E K=mgh+mv2，故A错误，B正确；C、D、在绳与水平夹角为30°时，拉力的功率为：P=Fv货物，其中v货物=v，由于加速，拉力大于重力，故P＞mgv，故CD错误；应选：B．【点评】此题关键将找出车的合运动与分运动，正交分解后得到货物的速度表达式，最后根据功能关系和牛顿第二律分析讨论．6．12月2日，我国探月卫星“嫦娥三号〞在西昌卫星发心发射升空，飞行轨道示意图如下图．“嫦娥三号〞从地面发射后奔向月球，先在轨道Ⅰ上运行，在P点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，Q为轨道Ⅱ上的近月点，那么有关“嫦娥三号〞以下说法正确的选项是〔〕A．由于轨道Ⅱ与轨道Ⅰ都是绕月球运行，因此“嫦娥三号〞在两轨道上运行具有相同的周期B．“嫦娥三号〞从P到Q的过程中月球的万有引力做正功，速率不断增大C．由于“嫦娥三号〞在轨道Ⅱ上经过P的速度小于在轨道Ⅰ上经过P的速度，因此在轨道Ⅱ上经过P的加速度也小于在轨道Ⅰ上经过P的加速度D．由于均绕月球运行，“嫦娥三号〞在轨道Ⅰ和轨道Ⅱ上具有相同的机械能【考点】万有引力律及其用．【专题】万有引力律的用专题．【分析】嫦娥三号悬停时反推力与重力平衡，据此求得月球外表的重力加速度，由月球半径求得月球的第一宇宙速度．由卫星的变轨原理分析变轨时是加速还是减速．【解答】解：A、根据开普勒第三律可知，轨道的半长轴越大，那么周期越大，故A错误；B、“嫦娥三号〞从P到Q的过程中月球的万有引力做正功，速率不断增大．故B正确；C、嫦娥三号经过P点时都是由万有引力产生加速度，故只要经过P点加速度相同，加速度的大小与嫦娥三号所在轨道无关．故C错误；D、绕月球运行，“嫦娥三号〞从轨道Ⅰ到轨道Ⅱ需要减速，所以一具有不相同的机械能，故D错误．应选：B．【点评】此题要掌握万有引力提供向心力，要能够根据题意选择恰当的向心力的表达式，知道开普勒第三律，理解公式中各量的含义．7．如图甲所示，Q1、Q2是两个固的点电荷，其中Q1带正电，在它们连线的线上a、b 点，一带正电的试探电荷仅在库仑力作用下以初速度v a从a点沿直线ab向右运动，其v﹣t图象如图乙所示，以下说法正确的选项是〔〕A．Q2带正电B．Q2带负电C．b点处电场强度为零D．试探电荷的电势能不断增加【考点】电场的叠加；电场强度．【分析】根据速度﹣时间图线上每一点的切线斜率表示瞬时加速度，可分析出a到b做加速度减小的减速运动，到b点加速度为0．从而知道b点的电场力及电场强度．通过B点的场强可以分析出两个点电荷电量的大小．通过能量守恒判断电势能的变化．【解答】解：A、B：从速度时间图象上看出，粒子从a到b做加速度减小的减速运动，在b点时粒子运动的加速度为零，那么电场力为零，所以该点场强为零．Q1对正电荷的电场力向右，那么Q2对正电荷的电场力必向左，所以Q2带负电．故A错误，B正确．C、由图象可知，b点加速度为零，那么场强为零，故C正确．D、整个过程动能先减小后增大，根据能量守恒得知，粒子的电势能先增大后减小．故D错误．应选：BC．【点评】解决此题的关键根据图象b点的加速度为0，根据这一突破口，从而判断Q2的电性，运用库仑律分析Q1和Q2的电量大小．8．如图，竖直放置的平行金属板带量异种电荷，一不计重力的带电粒子从两板中间以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，以下判断正确的选项是〔〕A．该带电粒子带正电B．该带电粒子带负电C．假设粒子初速度增大到原来的2倍，那么恰能从负极板边缘射出D．假设粒子初动能增大到原来的2倍，那么恰能从负极板边缘射出【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】电子从小孔沿与电场线相反方向射入电场后，电子受到的电场力与电场线的方向相反，所以电子将逆电场线的方向做加速运动，电场力对电子做正功，电子的电势能减小，动能增大．只有电场力做功，动能和电势能的总和保持不变．【解答】解：A、B、粒子以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，那么受力的方向与电场的方向相同，所以粒子带正电．故A正确，B错误；C、粒子以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，设极板的长度是L，极板之间的距离是d，时间t，那么：；假设粒子恰能从负极板边缘射出，那么时间t不变，沿极板方向的位移：x=vt=L，所以：，故C正确；D、恰能从负极板边缘射出，根据：可知，粒子的动能需增加为原来的4倍．故D 错误．应选：AC【点评】带电粒子在电场中偏转时做匀加速曲线运动．用处理类平抛运动的方法处理粒子运动，关键在于分析临界条件．9．如下图，φ﹣x图表示空间某一静电场的电势φ沿x轴的变化规律，图象关于φ轴对称分布．x轴上a、b两点电场强度在x方向上的分量分别是E xa、E xb，那么〔〕A．E xa＞E xbB．E xa沿x负方向，E xb沿x正方向C．同一点电荷在a、b两点受到的电场力方向相反D．将正电荷沿x轴从a移动到b的过程中，电场力先做正功后做负功【考点】电势；电势能．【分析】此题的入手点在于如何判断E xa和E xb的大小，由图象可知在x轴上各点的电场强度在x方向的分量不相同，如果在x方向上取极小的一段，可以把此段看做是匀强电场，用匀强电场的处理方法思考，从而得到结论，此方法为微元法．【解答】解：A|、在a点和b点附近分别取很小的一段d，由图象，a点段对的电势差大于b点段对的电势差，看做匀强电场有E=，可见E xa＞E xb，故A正确；B、沿电场方向电势降低，在O点左侧，E xa的方向沿x轴负方向，在O点右侧，E xb的方向沿x轴正方向，故B正确；C、由题可知，图为电势沿x轴的分量，B仅为沿电场沿x轴分量，并不是总的电场方向，所以不能判断出总的电场力的方向，所以知同一点电荷在a、b两点受到的电场力方向不一相反，故C错误；D、将正电荷沿x轴从a移动到b的过程中，电场力先做负功后做正功，D错误；应选：AB【点评】此题需要对电场力的性质和能的性质由较为全面的理解，并要求学生能灵活用微分法；故此题的难度较高．10．如下图，PQ为量异种点电荷A、B连线的中垂线，C为中垂线上的一点，M、N分别为AC、BC的中点，假设取无穷远处的电势为零，那么以下判断正确的选项是〔〕A．M、N两点场强相同B．M、N两点电势相同C．负电荷由M点移到C处，电场力做正功D．负电荷由无穷远处移到N点时，电势能一减少【考点】电势；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场线的分布确电场强度的大小和方向，根据沿电场线方向电势逐渐降低，判断电势的上下．根据电场力做功判断电势能的变化．【解答】解：A、根据量异种电荷周围的电场线分布知，M、N两点的场强大小相，方向不同，故A错误．B、沿着电场线方向电势逐渐降低，可知M、N两点电势不．故B错误．C、负电荷由M点移到C处，电势增加，电势能减小，故电场力做正功，故C正确D、量异种电荷连线的中垂线是势线，将负电荷从无穷远处移到N点处，电场力做正功，电势能一减小，故D正确．应选：CD．【点评】解决此题的关键知道量异种电荷周围电场线的分布，知道电场力做功与电势能的变化关系．11．如下图，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．小灯泡L1、L2均变暗B．小灯泡L1变亮、L2变暗C．电流表A的读数变大，电压表V的读数变小D．电流表A的读数变小，电压表V的读数变大【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．。

高三物理上学期周考试卷(11.含解析)

峙对市爱惜阳光实验学校一中高三〔上〕周考物理试卷〔15〕二．选择题：此题共8小题，每题6分，在每题给出的四个选项中，第1～18只有一项符合题目的要求，第19～21题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．伽利略曾说过：“是在不断改变思维角度的探索中的〞．他在著名的斜面中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，他通过观察和逻辑推理，得到的正确结论有〔〕A．倾角一时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比B．倾角一时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比C．斜面长度一时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D．斜面长度一时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关2．如下图，斜面体固在水平地面上．一物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，在斜面上做速度为v1的匀速运动，F1的功率为P0．假设该物体在沿斜面斜向上的且与斜面夹角为α的力F2〔如图〕作用下，在同一斜面上做速度为v2的匀速运动，F2的功率也为P0，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．F2大于F1B．在相同的时间内，物体增加的机械能相同C．v1一小于v2D．v1可能小于v23．以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，以下用虚线和实线描述两物体运动的v﹣t图象可能正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．4．在电场强度大小为E的匀强电场中，将一个质量为m、电量为q的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成θ角作直线运动．关于带电小球的电势能ε和机械能W的判断，正确的选项是〔〕A．假设sinθ＜，那么ε一减小，W一增加B．假设sinθ=，那么ε、W一不变C．假设sinθ＞，那么ε一增加，W一减小D．假设tanθ=，那么ε可能增加，W一增加5．如下图，河水流动的速度为v且处处相同，河宽度为a．在船下水点A的下游距离为b处是瀑布．为了使小船渡河平安〔不掉到瀑布里去〕〔〕A．小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为t=．速度最大，最大速度为v max =B．小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小．速度最大，最大速度为v max =C．小船沿轨迹AB运动位移最大、时间最长．速度最小，最小速度v min =D．小船沿轨迹AB运动位移最大、速度最小．最小速度v min =6．某家用桶装纯洁水手压式饮水器如图，在手连续稳的按压下，出水速度为v，供水系统的效率为η，现测量出桶底到出水管之间的高度差H，出倾斜，其离出水管的高度差可忽略，出的横截面积为S，水的密度为ρ，重力加速度为g，那么以下说法正确的选项是〔〕A．出单位时间内的出水体积Q=vSB ．出所出水落地时的速度C ．出水后，手连续稳按压的功率为+D．手按压输入的功率于单位时间内所出水的动能和重力势能之和7．5月10日天文爱好者迎来了“土星冲日〞的美丽天象．“土星冲日〞是指土星和太阳正好分处地球的两侧，三者几乎成一条直线．该天象每378天发生一次，土星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均，根据以上信息可求出〔〕A．土星质量B．地球质量C．土星公转周期D．土星和地球绕太阳公转速度之比8．水平地面上有两个固的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底边长分别为L1、L2，且L1＜L2，如下图．两个完全相同的小滑块A、B〔可视为质点〕与两个斜面间的动摩擦因数相同，将小滑块A、B分别从甲、乙两个斜面的顶端同时由静止开始释放，取地面所在的水平面为参考平面，那么〔〕A．从顶端到底端的运动过程中，由于克服摩擦而产生的热量一相同B．滑块A到达底端时的动能一比滑块B到达底端时的动能大C．两个滑块从顶端运动到底端的过程中，重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大D．两个滑块加速下滑的过程中，到达同一高度时，机械能可能相同二、解答题〔共2小题，总分值15分〕9．下面是关于“验证力的平行四边形那么〞的．〔1〕某同学的操作主要步骤如下：A．在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B．用图钉把橡皮筋的一端固在板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮筋，使橡皮筋伸长，结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形那么求出合力F；E．只用一个弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮筋使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按照同一标度作出这个力F′的图示；F．比拟力F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．上述步骤中，有重要遗漏的步骤的序号是．〔2〕如图为利用记录的结果作出的图，那么图中的是力F1和F2的合力理论值，是力F1和F2的效合力的实际测量值．〔3〕如果某同学中测出F1＞F2的同时，还用量角器测量出F1和F2的夹角为75°，然后做出如下的几个推断，其中正确的选项是．A．将F1转动一的角度，可以使合力F的方向不变B．将F2转动一的角度，可以使合力F的方向不变C．保持F1的大小和方向，将F2逆时针转动30°，可以使合力F 的大小和方向都不变D．只有保持F1和F2的大小不变，同时转动一的角度，才可能使合力F的大小和方向都不变．10．某同学准备利用以下器材测量干电池的电动势和内电阻．A．待测干电池两节，每节电池电动势约为V，内阻约几欧姆B．直流电压表V1、V2，量程均为3V，内阻约为3kΩC．值电阻R0未知D．滑动变阻器R，最大阻值R mE．导线和开关〔1〕根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相的电路图〔2〕之前，需要利用该电路图测出值电阻R0，方法是先把滑动变阻器R调到最大阻值R m，再闭合开关，电压表V1和V2的读数分别为U10、U20，那么R0=〔用U10、U20、R m表示〕〔3〕中移动滑动变阻器触头，读出电压表V1和V2的多组数据U1、U2，描绘出U1﹣U2图象如图丙所示，图中直线斜率为k，与横轴的截距为a，那么两节干电池的总电动势E= ，总内阻r= 〔用k、a、R0表示〕．三、解答题〔共2小题，总分值32分〕11．如下图，斜面倾角为θ，斜面上AB段光滑，其它粗糙，且斜面足够长．一带有速度传感器的小物块〔可视为质点〕，自A点由静止开始沿斜面下滑，速度传感器上显示的速度与运动时间的关系如下表所示：时间〔s〕0 1 2 3 4 5 6 …．速度〔m/s〕0 6 12 17 21 25 29 …取g=10m/s2，求：〔1〕斜面的倾角θ多大？〔2〕小物块与斜面的粗糙间的动摩擦因数μ为多少？〔3〕AB间的距离x AB于多少？12．如下图，质量为m、电荷量为+q的小球〔视为质点〕通过长为L的细线悬挂于O点，以O点为中心在竖直平面内建立直角坐标系xOy，在第2、3象限内存在水平向左的匀强电场，电场强度大小为E=〔式中g为重力加速度〕．〔1〕把细线拉直，使小球在第4象限与x正方向成θ角处由静止释放，要使小球能沿原路返回至出发点，θ的最小值为多少？〔2〕把细线拉直，使小球从θ=0°处以初速度v0竖直向下抛出，要使小球能在竖直平面内做完整的圆周运动，那么v0的最小值为多少？【物理--3-4】13．如下图为某时刻从O点同时发出的两列简谐横波在同一介质中沿相同方向传播的波形图，P点在甲波最大位移处，Q点在乙波最大位移处，以下说法中正确的选项是〔〕A．两列波传播相同距离时，乙波所用的时间比甲波的短B．P点比Q点先回到平衡位置C．在P质点完成20次全振动的时间内Q质点可完成30次全振动D．甲波和乙波在空间相遇处不会产生稳的干预图样14．如下图，ABCD是柱体玻璃棱镜的横截面，其中AE⊥BD，DB⊥CB，∠DAE=30°，∠BAE=45°，∠DCB=60°，一束单色细光束从AD面入射，在棱镜中的折射光线如图中ab所示，ab与AD面的夹角α=60°．玻璃的折射率n=，求：〔结果可用反三角函数表示〕〔1〕这束入射光线的入射角多大？〔2〕该束光线第一次从棱镜出射时的折射角．【物理--3-5】〔共2小题，总分值0分〕15．以下说法中正确的选项是〔〕A．某放射性元素经过19天后，余下的该元素的质量为原来的，那么该元素的半衰期为天B．α粒子散射说明原子核内部具有复杂结构C．对放射性物质施加压力，其半衰期将减少D．氢原子从态n=3跃迁到n=2，再跃迁到态n=1，那么后一次跃迁辐射的光子波长比前一次的要短E．光电验说具有粒子性16．如下图，光滑水平面上有A、B、C三个物块，其质量分别为m A=2.0kg，m B=1.0kg，m C=1.0kg．现用一轻弹簧将A、B两物块连接，并用力缓慢压缩弹簧使A、B两物块靠近，此过程外力做功108J〔弹簧仍处于弹性限度内〕，然后同时释放A、B，弹簧开始逐渐变长，当弹簧刚好恢复原长时，C恰以4m/s的速度迎面与B发生碰撞并粘连在一起．求〔1〕弹簧刚好恢复原长时〔B与C碰撞前〕A和B物块速度的大小？〔2〕当弹簧第二次被压缩时，弹簧具有的最大弹性势能为多少？一中高三〔上〕周考物理试卷〔15〕参考答案与试题解析二．选择题：此题共8小题，每题6分，在每题给出的四个选项中，第1～18只有一项符合题目的要求，第19～21题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．伽利略曾说过：“是在不断改变思维角度的探索中的〞．他在著名的斜面中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，他通过观察和逻辑推理，得到的正确结论有〔〕A．倾角一时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比B．倾角一时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比C．斜面长度一时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D．斜面长度一时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关【考点】物理学史．【分析】伽利略通过通验观察和逻辑推理发现，小球沿斜面滚下的运动确实是匀加速直线运动，换用不同的质量的小球，从不同高度开始滚动，只要斜面的倾角一，小球的加速度都是相同的；不断增大斜面的倾角，重复上述，得知小球的加速度随斜面倾角的增大而增大．【解答】解：A、B、伽利略通过测出小球沿斜面下滑的运动是匀加速直线运动，位移与时间的二次方成正比，并证明了速度随时间均匀变化，故A错误，B正确；C、假设斜面光滑，C选项从理论上讲是正确的，但伽利略并没有能够用证明这一点，故C错误；D、斜面长度一时，小球从顶端滚到底端所需的时间随倾角的增大而减小，故D 错误；应选：B2．如下图，斜面体固在水平地面上．一物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，在斜面上做速度为v1的匀速运动，F1的功率为P0．假设该物体在沿斜面斜向上的且与斜面夹角为α的力F2〔如图〕作用下，在同一斜面上做速度为v2的匀速运动，F2的功率也为P0，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．F2大于F1B．在相同的时间内，物体增加的机械能相同C．v1一小于v2D．v1可能小于v2【考点】功能关系；机械能守恒律．【分析】设斜面与物体之间的动摩擦因数是μ，然后第物体进行受力分析，即可比拟两个力的大小关系，进而比拟速度的关系．【解答】解：A、设斜面与物体之间的动摩擦因数是μ，物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，在斜面上做速度为v1的匀速运动，那么：F1=mgsinθ+μmgcosθ ①在与斜面夹角为α的力F2作用下运动时：F2sinα+N=mgcosθ ②F2cosα=mgsinθ+μN ③由②③可知，当时，对物体的拉力有最小值．所以F2不一大于F1．故A 错误．B、两个力的功率相，由①②③式可知，在第二种情况下，摩擦力比拟小，那么产生的内能比拟少，所以在相同的时间内，物体增加的机械能不相同．故B错误；C、D、需要对有摩擦力和没有摩擦力减小讨论：Ⅰ、在有摩擦力时，第二种情况下，摩擦力比拟小，那么产生的内能比拟少，那么增加的机械能比拟大．由于两种情况下物体的速度都不变，那么动能不变，第二种情况下物体重力势能的增加量比拟大，所以v1一小于v2．Ⅱ、如果斜面是光滑的，那么μ=0，由公式①③可知，F2＞F1，由于两次的功率是相的，根据P=Fv可知，可知v1一大于v2．故C错误，D正确．应选：D3．以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，以下用虚线和实线描述两物体运动的v﹣t图象可能正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】竖直上抛运动是初速度不为零的匀变速直线运动，加速度恒不变，故其v﹣t图象是直线；有阻力时，根据牛顿第二律判断加速度情况，v﹣t图象的斜率表示加速度．【解答】解：没有空气阻力时，物体只受重力，是竖直上抛运动，v﹣t图象是直线；有空气阻力时，上升阶段，根据牛顿第二律，有：mg+f=ma，故a=g+，由于阻力随着速度减小而减小，故加速度逐渐减小，最小值为g；有空气阻力时，下降阶段，根据牛顿第二律，有：mg﹣f=ma，故a=g ﹣，由于阻力随着速度增大而增大，故加速度减小；v﹣t图象的斜率表示加速度，故图线与t轴的交点对时刻的加速度为g，切线与虚线平行；应选：D．4．在电场强度大小为E的匀强电场中，将一个质量为m、电量为q的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成θ角作直线运动．关于带电小球的电势能ε和机械能W的判断，正确的选项是〔〕A．假设sinθ＜，那么ε一减小，W一增加B．假设sinθ=，那么ε、W一不变C．假设sinθ＞，那么ε一增加，W一减小D．假设tanθ=，那么ε可能增加，W一增加【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【分析】带电小球从静止开始做直线运动，受到两个恒力作用，其合力与速度方向必在同一直线上，根据电场力与速度方向的夹角，判断电场力做功正负，确电势能和机械能的变化．【解答】解：A、假设sinθ＜，电场力可能做正功，也可能做负功，所以ε可能减小也可能增大、W可能增大也可能减小．故A错误．B、假设sinθ=，那么电场力与速度方向垂直，电场力不做功，ε不变化、W 一守恒．故B正确．C、假设sinθ＞，电场力与重力的合力不可能沿速度方向，物体不可能做直线运动，C错误；D、假设tanθ=，那么电场力沿水平方向，且和重力的合力与速度方向同向，电场力做正功ε减少，W一增加，D错误；应选B5．如下图，河水流动的速度为v且处处相同，河宽度为a．在船下水点A的下游距离为b处是瀑布．为了使小船渡河平安〔不掉到瀑布里去〕〔〕A．小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为t=．速度最大，最大速度为v max =B．小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小．速度最大，最大速度为v max =C．小船沿轨迹AB运动位移最大、时间最长．速度最小，最小速度v min =D．小船沿轨迹AB运动位移最大、速度最小．最小速度v min =【考点】运动的合成和分解．【分析】小船参与两个分运动，沿着船头指向的匀速直线运动和随着水流的匀速直线运动，当沿着船头指向的分速度垂直河岸时，渡河时间最短；当合速度垂直河岸时，位移最短．【解答】解：A、当小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为：t=，故A错误；B、小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小，为a，但沿着船头指向的分速度速度必须指向上游，合速度不是最大，故B错误；C、由图，小船沿轨迹AB运动位移最大，由于渡河时间t=，与船的船头指向的分速度有关，故时间不一最短，故C错误；D、要充分利用利用水流的速度，故要合速度要沿着AB方向，此时位移显然是最大的，划船的速度最小，故：故v船=；故D正确；应选：D．6．某家用桶装纯洁水手压式饮水器如图，在手连续稳的按压下，出水速度为v，供水系统的效率为η，现测量出桶底到出水管之间的高度差H，出倾斜，其离出水管的高度差可忽略，出的横截面积为S，水的密度为ρ，重力加速度为g，那么以下说法正确的选项是〔〕A．出单位时间内的出水体积Q=vSB ．出所出水落地时的速度C ．出水后，手连续稳按压的功率为+D．手按压输入的功率于单位时间内所出水的动能和重力势能之和【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功能关系．【分析】出的体积V=Sl，再除以时间即为位时间内的出水体积，水从出水平流出后做斜抛运动，根据动能理求出出所出水落地时的速度，在时间t内，流过出的水的质量m=ρSvt，手连续稳按压使水具有初动能和重力势能，根据势能和动能的表达式及供水系统的效率求出手连续稳按压做的功，再根据求解功率即可．【解答】解：A、出的体积V=Sl，那么单位时间内的出水体积Q=，故A 正确；B 、水从出水平流出后到落地的过程，根据动能理得，解得：，所以出所出水落地时的速度为，故B错误；C、手连续稳按压使水具有初动能和重力势能，在时间t内，流过出的水的质量m=ρSvt，那么出的水具有的机械能E=，而供水系统的效率为η，所以手连续稳按压做的功为W=，那么功率P=，故C正确；D、手按压输入的功率于单位时间内所出水的动能和重力势能之和除以供水系统的效率η，故D错误；应选：AC7．5月10日天文爱好者迎来了“土星冲日〞的美丽天象．“土星冲日〞是指土星和太阳正好分处地球的两侧，三者几乎成一条直线．该天象每378天发生一次，土星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均，根据以上信息可求出〔〕A．土星质量B．地球质量C．土星公转周期D．土星和地球绕太阳公转速度之比【考点】万有引力律及其用；开普勒律．【分析】地球和土星均绕太阳做圆周运动，靠万有引力提供向心力，根据牛顿第二律和圆周运动的运动公式列式分析可以求解的物理量．【解答】解：A、B、行星受到的万有引力提供向心力，根据牛顿第二律列方程后，行星的质量会约去，故无法求解行星的质量，故AB均错误；C、“土星冲日〞天象每378天发生一次，即每经过378天地球多转动一圈，根据〔﹣〕t=2π可以求解土星公转周期，故C正确；D、知道土星和地球绕太阳的公转周期之比，根据开普勒第三律，可以求解转动半径之比，根据v=可以进一步求解土星和地球绕太阳公转速度之比，故D 正确；应选：CD．8．水平地面上有两个固的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底边长分别为L1、L2，且L1＜L2，如下图．两个完全相同的小滑块A、B〔可视为质点〕与两个斜面间的动摩擦因数相同，将小滑块A、B分别从甲、乙两个斜面的顶端同时由静止开始释放，取地面所在的水平面为参考平面，那么〔〕A．从顶端到底端的运动过程中，由于克服摩擦而产生的热量一相同B．滑块A到达底端时的动能一比滑块B到达底端时的动能大C．两个滑块从顶端运动到底端的过程中，重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大D．两个滑块加速下滑的过程中，到达同一高度时，机械能可能相同【考点】功能关系；电功、电功率．【分析】重力做功只与始末位置有关，据此确重力做功情况，由于重力做功相同，故重力的平均功率与物体下滑时间有关，根据下滑时间确重力做功功率，同时求得摩擦力做功情况，由动能理确物体获得的动能及动能的变化量，根据摩擦力做功情况判断产生的热量是否相同．【解答】解：A、A、B滑块从斜面顶端分别运动到底端的过程中，摩擦力做功不同，所以克服摩擦而产生的热量一不同，故A错误；B、由于B物块受到的摩擦力f=μmgcosθ大，且通过的位移大，那么克服摩擦力做功多，滑块A克服摩擦力做功少，损失的机械能少，根据动能理，可知滑块A到达底端时的动能一比B到达底端时的动能大，故B正确；C、整个过程中，两物块所受重力做功相同，但由于A先到达低端，故重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大，故C正确；D、两个滑块在斜面上加速下滑的过程中，到达同一高度时，重力做功相同，由于乙的斜面倾角大，所以在斜面上滑行的距离不，即摩擦力做功不，所以机械能不同，故D错误．应选：BC．二、解答题〔共2小题，总分值15分〕9．下面是关于“验证力的平行四边形那么〞的．〔1〕某同学的操作主要步骤如下：A．在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B．用图钉把橡皮筋的一端固在板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮筋，使橡皮筋伸长，结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形那么求出合力F；E．只用一个弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮筋使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按照同一标度作出这个力F′的图示；F．比拟力F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．上述步骤中，有重要遗漏的步骤的序号是CE ．〔2〕如图为利用记录的结果作出的图，那么图中的 F 是力F1和F2的合力理论值，F′是力F1和F2的效合力的实际测量值．〔3〕如果某同学中测出F1＞F2的同时，还用量角器测量出F1和F2的夹角为75°，然后做出如下的几个推断，其中正确的选项是AB ．A．将F1转动一的角度，可以使合力F的方向不变B．将F2转动一的角度，可以使合力F的方向不变C．保持F1的大小和方向，将F2逆时针转动30°，可以使合力F 的大小和方向都不变D．只有保持F1和F2的大小不变，同时转动一的角度，才可能使合力F的大小和方向都不变．【考点】验证力的平行四边形那么．【分析】〔1〕步骤C中只有记下两条细绳的方向，才能确两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形那么求合力；步骤E中只有使结点到达同样的位置O，才能表示两种情况下力的作用效果相同；〔2〕该采用了“效法〞，由于误差的存在，导致F1与F2合成的实际值与与理论值存在差异；〔3〕根据题意用平行四边形那么作图分析答题．【解答】解：〔1〕力的合成遵循平行四边形那么，力的图示法可以表示出力的大小、方向和作用点，因而要表示出分力，必须先测量出其大小和方向，故步骤C中遗漏了方向；合力与分力是一种效替代的关系，替代的前提是效，中合力与分力一产生相同的形变效果，故步骤E中遗漏了使结点到达同样的位置．〔2〕本采用了“效法〞，F1与F2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形那么得到的值．所以F是F1和F2的合力的理论值，F′是F1和F2的合力的实际测量值．〔3〕由平行四边形那么得：A．根据图象可得：将F1转动一的角度，可以使合力F的方向不变，故A正确；B．根据图象可得：将F2转动一的角度，可以使合力F的方向不变，故B正确C、保持F1的大小和方向，将F2逆时针转动30°，合力F发生变化，故C错误；D、保持F1和F2的大小不变，转动一的角度，合力F发生变化，故D错误；应选：AB．故答案为：〔1〕CE；〔2〕F；F′；〔3〕AB．10．某同学准备利用以下器材测量干电池的电动势和内电阻．A．待测干电池两节，每节电池电动势约为V，内阻约几欧姆B．直流电压表V1、V2，量程均为3V，内阻约为3kΩC．值电阻R0未知D．滑动变阻器R，最大阻值R mE．导线和开关〔1〕根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相的电路图。

高三物理周末练习训练题

高三物理周末练习训练题I 卷一、单选题(本题共15小题)1．有三个电阻的阻值都是1kΩ，功率都是1W。

把它们连成如图所示的混连电路，相当于什么规格的电阻A．0.66 kΩ，1.5WB．3 kΩ，3WC．1.5 kΩ，3WD．1.5 kΩ，1.5W答案:D2．如图所示，轻绳的两端分别系在圆环A和小球B上，圆环A套在粗糙的水平直杆MN上。

现用水平力F拉着绳子上的一点O，使小球B从图中实线位置缓慢上升到虚线位置，但圆环A始终保持在原位置不动。

则在这一过程中，环对杆的摩擦力f和环对杆的压力N的变化情况是A.f不变，N不变B.f增大，N不变C.f增大，N减小D.f不变，N减小答案:B3．如图所示，斜面固定在水平地面上，先让物体A沿斜面下滑，恰能匀速.后给A 一个沿斜面向下的力F，让其加速下滑.设前后两次A与斜面间的摩擦力分别为f1、f2，地面给斜面的支持力分别、N2，则为NA.f1>f2，N1>N2B.f1=f2，N1<N2C.f1<f2，N1<N2D.f1=f2，N1=N2答案:D4．以恒定的功率行驶的汽车，若运动过程中受的阻力不变，则牵引力F、加速度a及速度v的变化情况是A.F、a、v均不断增大，最后达到稳定；B.F、v不断增大，a不断减小，最后做匀速运动；C.v不断增大，F、a不断减小，最后达到稳定；D.F、a始终不变。

答案:C5．质量为m的物体A静置在倾角为θ的斜面上，物体与斜面的摩擦系数为μ，若给物体A一个水平推力F，使它运动，如图.则下列说法中正确的是A．物体将沿与斜面底边平行的方向运动；B ．物体所受摩擦力为umgcos θ，方向与F 相反；C ．物体将沿与斜面底边不平行也不垂直的方向运动；D ．物体运动的轨迹是抛物线. 答案:C6．一物体静止于一水平面上，现分别用水平恒力1F 和2F 分两次作用于物体上使它从静止开始运动至最后又停下来，若第1次从力1F 开始作用到撤除1F 后物体静止下来时物体滑行距离1s ，与第2次用2F 开始作用到撤除2F 后物体静止下来滑行的距离2s 相等，且1F ＞2F ，且1F 和2F 的冲量1I 和2I 的大小关系是（）A ．21I I >B ．21I I =C ．21I I <D ．无法确定答案:C7．为纪念爱因斯坦对物理学的巨大贡献，联合国将20XX 年定为“国际物理年”。

高三物理周末练习训练题 (10)

高三物理周末练习训练题一、单选题(本题共15小题)1．如图所示，A、B为两均匀直杆，上端分别用细线悬挂于天花板上，下端搁在水平地面上，处于静止状态，悬挂A杆的绳倾斜，悬挂B杆的绳恰好竖直。

则关于两杆的受力情况，下列说法中正确的有( )A．A、B都受三个力作用B．A、B都受四个力作用C．A受三个力，B受四个力D．A受四个力，B受三个力答案:D2．关于加速度和速度，下列说法正确．．的是：A．速度变化越大的物体，加速度也越大；B．速度变化越快的物体，加速度越大C．加速度方向保持不变，速度的方向也保持不变；D．加速度数值不断减小，速度数值一定也不断减小答案:B3．杨氏双缝干涉实验中，设置单缝的目的是：A．使得作为光源的双缝S1、S2都是由它形成的相干光源；B．控制光的强度；C．控制光的照射范围；D．使光先发生衍射。

答案:A4．一个动运物体，从某时刻起仅受一给定的恒定阻力作用而逐渐减速，直到停止，这段运动时间由下列的哪个物理量完全决定（）A．物体的初速度B．物体的初动能C．物体的初动量D．物体的质量答案:C5．“神舟”五号载人航天飞船在飞行中，由多个地面测控站和四艘“远望”号远洋航天测量船组成的测控网对其进行了跟踪、测量与控制。

这是利用了下列的哪一种波？A、红外线B、微波C、超声波D、次声波答案:B6．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的。

对磁场认识正确的是A．磁感线有可能出现相交的情况B．磁感线总是由N极出发指向S极C．某点磁场的方向与放在该点小磁针静止时N极所指方向一致D．若在某区域内通电导线不受磁场力的作用，则该区域的磁感应强度一定为零答案:C7．利用图示电路测量电池电动势ε和内电阻r ，得到电流表和电压表的两组数据I 1、U 1，I 2、U 2，由此可求得ε 测＝U 1＋I 1（U 1－U 2）／（I 1－I 2），r 测＝（U 1－U 2）／（I 1－I 2）。

若考虑到两表并非理想的电流表和电压表，那么上述的测量值和真实值ε 0与r 0之间的关系应是 A ．ε 0＝ε 测，r 0＞r 测， B ．ε 0＞ε 测，r 0＞r 测， C ．ε 0＞ε 测，r 0＝r 测， D ．ε 0＝ε 测，r 0＜r 测。

2021-2022年高三物理下学期周练试题

2021-2022年高三物理下学期周练试题一、选择题1．如图所示，在粗糙绝缘的水平面上有一物体A带正电，另一带正电的物体B沿着以A为圆心的圆弧由P到Q缓慢地从A的正上方经过，若此过程中A始终保持静止，A、B 两物体可视为质点，则下列说法正确的是（）A. 物体A受到地面的支持力先增大后减小B. 物体A受到地面的支持力保持不变C. 物体A受到地面的摩擦力先减小后增大D. 物体A受到地面的摩擦力先向左后向右．2．一物体自距地面高H处自由下落，经t落地，此时速度为v，则（）A．时物体距地面高度为B．时物体距地面高度为C．物体下落时速度为D．物体下落时速度为3．关于液体，下列说法正确的是A．布朗运动的发现主要说明了液体分子间有相互作用B．液体分子的移动比固体分子的移动容易，故相同温度下液体扩散速度比固体要快一些。

C．由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，液体表面存在张力D．液晶可以用来做显示屏，是因为液晶在一定条件下可以发光4．在校秋季运动会100m决赛中，裁判员测得某一运动员5s末瞬时速度为10．4m/s，10s末到达终点的瞬时速度为10．2m/s。

则运动员在比赛中的平均速度为（）A. 10m/sB. 10．2m/sC. 20.6m/sD. 10．4m/s5．关于电磁场的理论，下列说法中正确的是( )．A．变化的电场周围产生的磁场一定是变化的B．变化的电场周围产生的磁场不一定是变化的C．均匀变化的磁场周围产生的电场也是均匀变化的D．振荡电场在周围空间产生同样频率的振荡磁场6．如图所示的情况中，A.b两点的电场强度和电势均相同的是（）A.甲图：离点电荷等距的A.b两点B.乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的A.b两点C.丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的A.b两点D.丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的A.b两点7．在一次军事演习中,伞兵跳离飞机后打开降落伞,实施定点降落.在伞匀速下落的过程中,下列说法正确的是( )A．伞兵的机械能守恒,重力势能不变B．伞兵的机械能守恒,重力势能减小C．伞兵的机械能不守恒,重力势能不变D．伞兵的机械能不守恒,重力势能减小8．下列说法中正确的是A．随着温度的升高，各种波长的辐射强度都在增加，同时辐射强度的极大值向波长较短的方向移动B．在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此光子散射后波长变短C．放射性元素原子核的半衰期长短与原子所处的化学状态和外部条件有关D．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时所产生的9．一个半径为5m的圆形蓄水池装满水，水面与地面相平，在池的中心上空离水面3m处吊着一盏灯，一个身高1.8m的人离水池边缘多远的距离恰能看到灯在水中的像( )A．1.8m B．2.5m C．3m D．5m10．图中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l，磁场方向垂直纸面向里．abcd是位于纸面的梯形线圈，ad与bc间的距离也为l. t=0时刻，bc边与磁场区域边界重合（如图）．现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿越磁场区域．取沿逆时针方向为感应电流正方向，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间变化的图线可能是（）11．如图5-7-8所示，质量为M的物体A穿在离心机的水平光滑杆上，A用绳子与另一质量为m的物体B相连.当离心机以角速度ω绕竖直轴旋转时，A离转轴轴心的距离是R；当ω增大到原来的2倍时，调整A离转轴的距离，使之达到新的稳定状态.则（）图5-7-8A.物体A受到的向心力增大B.物体A的线速度减小到原来的C.物体A离转轴的距离是D.物体A离转轴的距离是12．由两种不同材料拼接成的直轨道ABC，B为两种材料的分界线，长度AB>BC。

中学高三物理上学期第十一周周练试题(特补)(2021年整理)

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江西省上饶县中学2018届高三物理上学期第十一周周练试题（特补）一．选择题1。

如图所示,AB 为固定的光滑圆弧轨道，O 为圆心,AO 水平，BO 竖直，轨道半径为R ，将质量为m 的小球(可视为质点）从A 点由静止释放，在小球从A 点运动到B 点的过程中，A.小球所受合力的冲量方向为弧中点指向圆心B.小球所受支持力的冲量为0C.小球所受重力的冲量大小为mD.小球所受合力的冲量大小为m2.质量为60 kg 的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来．已知弹/安全带的缓冲时间是1.5 s ，安全带自然长度为5 m ，g 取10 m/s 2，则安全带所受的平均冲力的大小为A 。

500 NB.1100 NC.600 ND 。

1000 N3。

如图所示，在粗糙水平面上有甲、乙两木块，与水平面间的动摩擦因数均为μ，质量分别为1m 和2m ，中间用一原长为L 、劲度系数为k 的轻质弹簧连接起来，开始时两木块均静止且弹簧无形变．现用一水平恒力F （()12F m m g μ>+)向左推木块乙,直到两木块第一次达到加速度相同时，下列说法正确的是A.此时甲的速度可能等于乙的速度B.此时两木块之间的距离为()112Fm L m m k -+C 。

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