2015年陕西省高考物理模拟试卷(12月份)

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陕西省咸阳市2015届高三下学期第三次模拟物理试卷 Word版含解析

陕西省咸阳市2015届高考物理三模试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全对得3分，有选错的得0分）1．关于处理物理问题的思想与方法，下列说法正确的是( )A．伽利略在研究自由落体运动时采用了理想实验和逻辑推理的方法B．在探究平均速度实验中使用了微元法C．法拉第在研究电磁感应现象时利用了理想实验法D．在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了理想化模型的思想方法考点：物理学史．分析：伽利略在研究自由落体运动时采用了理想实验和逻辑推理的方法．在探究平均速度实验中使用了等效替代的思想．法拉第在研究电磁感应现象时利用了控制变量法．在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量法的思想方法．解答：解：A、伽利略在研究自由落体运动时采用了理想实验和逻辑推理的方法．故A正确．B、平均速度能粗略表示物体运动的快慢，在探究平均速度实验中使用了使用了等效替代的思想．故B错误．C、法拉第在研究电磁感应现象时利用了归纳法．故C错误．D、在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量的思想方法．故D错误．故选：A．点评：在学习物理知识的同时，我们还学习科学研究的方法，常用的方法有：控制变量法、等效替代法、理想实验法、类比法等等．2．斜面上的物体受到平行于斜面向下的力F作用，力F随时间变化的图象（如图1）及物体运动的速度随时间变化的图象（如图2所示）．由图象中的信息能够求出的物理量或可以确定的关系有（斜面的倾角用θ表示）( )A．物体的质量mB．斜面的倾角θC．物体与斜面间的动摩擦因数μD．μ=tanθ考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由v﹣t图象判断物体在不同时间内的运动情况，由F﹣t图象可以读出物体在不同时间内所受到的推力大小．由v﹣t图象分析得知物体4﹣6s内处于平衡状态，由平衡条件求出物体所受摩擦力大小．物体在0﹣2s内做匀加速直线运动，由v﹣t图象的斜率求出加速度，再由牛顿第二定律求解物块的质量．由摩擦力公式求出μ．解答：解：设斜面的倾角为θ由v﹣t图象可知，在4～6s内物体处于匀速直线运动状态，由平衡条件可知，物体所受到的滑动摩擦力f与拉力F及重力在斜面上的分量平衡，即f=F+mgsinθ，由图F﹣t图象可知，在2s～6s内，推力F=2N，则物体所受到的摩擦力f=2+mgsinθ…①．物体在0﹣2s内做匀加速直线运动，由v﹣t图象的斜率得出加速度．…②，由F﹣t图象在0﹣2s内读出F=3N，由牛顿第二定律得F+mgsinθ﹣f=ma…③，由①②③解得m=1kg，故A正确f=μmgcosθ…④由①④物块与斜面之间的动摩擦因数=，故D错误．由于θ未知，故不能算出μ，故B、C错误．故选：A．点评：本题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，根据牛顿定律求解物理量，是常见题型．3．如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，原线圈接u1=220sin100πt（V）的交流电，电阻R1=R2=25Ω，D为理想二极管，则下列说法不正确的是( )A．电阻R1两端的电压为50VB．二极管的反向耐压值应大于50VC．原线圈的输入功率为200WD．通过R2的电流为 A考点：变压器的构造和原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比和二极管的特点即可求得结论．解答：解：A、由表达式知原线圈电压有效值为220V，副线圈两端电压为50V，故A正确；B、输出电压最大值为50V；故要使电路正常工作，反向耐压值应大于50V；故B正确；C、根据电流热效应，=；所以R2两端的电压为25V；故通过R2的电流I2==V；输出端的总功率P=+（）2×25=150W；故输入功率也为150W；故C错误，D正确；本题选错误的；故选：C点评：本题的难点在于二极管的作用，是使得反向电流不能通过，根据电流热效应求其有效值．4．如图，A、B两物体叠放在水平地面上，A物体质量m=20kg，B物体质量M=30kg且足够长．处于水平位置的轻弹簧一端固定于墙壁，另一端与A物体相连，弹簧处于自然状态，其劲度系数为250N/m，A与B 之间、B与地面之间的动摩擦因数均为μ=0.5．现有一水平推力F作用于物体B上使B缓慢地向墙壁移动，当移动0.5m时（A还在B上），水平推力的大小为（最大摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2）( )A．200N B．300N C．250N D．350N考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：判断物体B上缓慢地向墙壁移动0.5m时，A物块有无滑动，然后根据对B受力分析，根据平衡求出水平推力F的大小．解答：解：若A物块未滑动，则弹簧的压缩量为0.5m，则弹簧的弹力F1=kx=250×0.5N=125N＞μmg=100N．假设不成立．对B在竖直方向上平衡，在水平方向上受推力F、A对B的滑动摩擦力、地面的滑动摩擦力，根据平衡有：F=f1+f2=μmg+μ（M+m）g=100+250N=350N．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，根据受力平衡确定未知力．判断出A、B之间是静摩擦力还是滑动摩擦力是关键．5．一个国际研究小组借助于智利超大望远镜，观测到了一组双星系统，它们绕两者连线上的某点O做匀速圆周运动，如图所示．此双星系统中体积较小成员能“吸食”另一颗体积较大星体表面物质，达到质量转移的目的，假设在演变的过程中两者球心之间的距离保持不变，演变初期体积较大星体的质量较大，则在最初演变的过程中下列说法正确的是( )A．体积较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度也变大B．体积较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度变小C．它们做圆周运动的万有引力不断改变D．它们做圆周运动的万有引力保持不变考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：双星绕两者连线的一点做匀速圆周运动，由相互之间万有引力提供向心力，根据万有引力定律、牛顿第二定律和向心力进行分析．解答：解：AB、设体积较小的星体质量为m1，轨道半径为r1，体积大的星体质量为m2，轨道半径为r2．双星间的距离为L．转移的质量为△m；对m1：G=（m1+△m）ω2r1①对m2：G=（m2﹣△m）ω2r2②由①②得：ω=，总质量m1+m2不变，两者距离L不变，则角速度ω不变；r1+r2=L故随着△m的增加，体积较大星体的质量减小，其转动半径增加，根据v=rω，线速度增加；故A正确，B错误；CD、两个星球的总质量一定，当它们质量相等时，两个星球的质量的乘积最大，故它们做圆周运动的万有引力是增加的，故C正确，D错误；故选：AC点评：本题是双星问题，要抓住双星系统的条件：角速度与周期相同，运用牛顿第二定律采用隔离法进行研究．6．环形对撞机是研究高能粒子的重要装置，其工作原理的示意图如图所示．正、负离子由静止经过电压为U的直线加速器加速后，沿圆环切线方向射入对撞机的真空环状空腔内，空腔内存在着与圆环平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为B．两种带电粒子将被局限在环状空腔内，沿相反方向做半径相等的匀速圆周运动，从而在碰撞去迎面相撞．为维持带电粒子在环状空腔中的匀速圆周运动，下列说法中正确的是( )A．对于给定的加速电压，带电粒子的比荷越大，磁感应强度B越大B．对于给定的加速电压，带电粒子的比荷越大，磁感应强度B越小C．对于给定的带电粒子，加速电压U越大，粒子运动的周期越小D．对于给定的带电粒子，不管加速电压U多大，粒子运动的周期都不变考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子被加速后进入匀强磁场区域，做匀速圆周运动，根据圆周运动的半径公式和周期公式判断荷质比与磁感强度的关系，周期和磁感强度的关系．解答：解：A、B、环形空腔的半径保持不变，当电压不变时，粒子进入磁场的速度相同，根据带电粒子在磁场中做圆周运动的半径公式：R=，荷质比越大，B应该越小，故A错误，B正确；C、D、当带电粒子确定后，加速电压越大，粒子进入磁场速度越大，荷质比确定，所以磁感应强度应该越大，根据周期公式T=，可得磁感应强度的增大会使周期变小，故C正确，D错误；故选：BC点评：本题考查了带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径和周期，判断三个变化量之间的关系应有一个量保持不变．7．如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与竖直放置的轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长h时．让圆环由静止开始沿杆滑下，滑到杆的底端时速度恰好为零．若以地面为参考面，则在圆环下滑过程中（倾角α＜45°）( )A．弹簧弹力做的功为﹣mghB．圆环的机械能保持为mghC．弹簧的弹性势能先增大后减小D．弹簧弹性势能最大时，圆环的重力势能和动能之和最小考点：功能关系；弹性势能．分析：分析圆环沿杆下滑的过程的受力和做功情况，只有重力弹簧的拉力做功，所以圆环机械能不守恒，但是系统的机械能守恒；沿杆方向合力为零的时刻，圆环的速度最大．解答：解：A、整个系统机械能守恒，重力势能减小mgh，故弹性势能增加mgh，故弹簧弹力做的功为﹣mgh，故A正确；B、弹簧弹力对圆环做功，圆环机械能不守恒，不可能保持mgh不变，故B错误；C、弹簧的弹性势能随弹簧的形变量的变化而变化，由图知弹簧先缩短后再恢复原长最后伸长，故弹簧的弹性势能先增大再减小后增大才对，故C错误；D、整个系统机械能守恒，即弹簧的弹性势能、圆环的动能和重力势能之和保持不变，故弹簧的弹性势能最大时，圆环的动能和重力势能之和最小，故D正确；故选：AD．点评：本题关键要对圆环的受力情况和做功进行分析，是解决问题的根本方法，要抓住系统的机械能守恒．这是一道考查系统机械能守恒的好题．8．如图所示，abcd为固定的水平光滑矩形金属导轨，导轨间距为L，左右两端接有定值电阻R1和R2，R1=R2=R，整个装置处于竖直向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场中．质量为m、长度为L的导体棒MN 放在导轨上，棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨与棒的电阻．两根相同的轻质弹簧甲和乙一端固定，另一端同时与棒的中点连接．初始时刻，两根弹簧恰好处于原长状态，棒有水平向左的初速度v0，第一次运动至最右端的过程中R1产生的电热为Q，下列说法中正确的是( )A．初始时刻棒所受安培力大小为B．棒第一次回到初始位置的时刻，R2的电功率为C．棒第一次到达最右端的时刻，两根弹簧具有弹性势能的总量为mv﹣2QD．从初始时刻至棒第一次到达最左端的过程中，R1中的电流由b指向a考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力．专题：电磁感应与电路结合．分析：由E=BLv0、I=、F=BIL三个公式结合求解初始时刻棒受到安培力大小．MN棒从开始到第一次运动至最右端，电阻R上产生的焦耳热为2Q，整个回路产生的焦耳热为4Q．解答：解：A、初始时刻，由F=BIL、I==，得安培力大小为F A=．故A正确；B、由于安培力始终对MN做负功，产生焦耳热，由动能定理得：当棒再次回到初始位置时，速度小于v0，棒产生的感应电动势小于BLv0，则AB间电阻R的功率小于，故B错误；C、由能量守恒得知，当棒第一次达到最右端时，物体的机械能全部转化为整个回路中的焦耳热和甲乙弹簧的弹性势能，两个电阻相同并联，故产生的热量相同，则电路中产生总热量为2Q，所以两根弹簧具有的弹性势能为mv﹣2Q，故C正确；D、从初始时刻至棒第一次到达最左端的过程中，由左手定则判断知，MN中电流方向由M指向N，则R1中的电流由b指向a，故D正确．故选：ACD．点评：本题分析系统中能量如何转化是难点，也是关键点，根据导体棒克服安培力做功等于产生的焦耳热，分析电阻R上产生的热量．二、非选择题（包括必考题和选考题两部分。

【泄露天机】陕西省2015年高考预测卷物理试题及答案

泄露天机——2015年金太阳高考押题精粹物理本卷共46题，包括必考与选考两部分，三种题型：选择题、实验题和解答题。

一、选择题（22个小题）1．下列说法正确的是（）A ．电荷的周围既有电场也有磁场，反映了电和磁是密不可分的B ．由电场强度的定义式qFE =可知E 的方向决定于q 的正负 C ．法拉第首先总结出磁场对电流作用力的规律D ．“电生磁”和“磁生电”都是在变化、运动的过程中才能出现的效应2．在物理学的发展过程中，许多物理学家都做出了重要的贡献，他们也创造出了许多物理学研究方法，下列关于物理学研究方法的叙述中正确的是（） A ．质点、速度、点电荷等都是理想化模型 B ．物理学中所有物理量都是采用比值法定义的C ．伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法D ．重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想3.下列叙述正确的是（）A ．力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位B ．伽利略用“月—地检验”证实了万有引力定律的正确性C ．法拉第最先提出电荷周围存在电场的观点D ．牛顿在给出万有引力定律的同时给出了引力常量4.甲、乙两球质量分别为1m 、2m ，从同一地点（足够高）处同时由静止释放。

两球下落过程所受空气阻力大小f 仅与球的速率v 成正比，与球的质量无关，即kv f =（k 为正的常量）。

两球的t v -图象如图所示。

落地前，经时间0t 两球的速度都已达到各自的稳定值1v 、2v 。

则下列判断正确的是（） A ．释放瞬间甲球加速度较大 B ．1221v v m m = C ．甲球质量大于乙球 D ．0t 时间内两球下落的高度相等5．如图a 所示，小物体从竖直弹簧上方离地高1h 处由静止释放，其动能k E 与离地高度h 的关系如图b 所示．其中高度从1h 下降到2h ，图象为直线，其余部分为曲线，3h 对应图象的最高点，轻弹簧劲度系数为k ，小物体质量为m ，重力加速度为g ．以下说法正确的是( ) A ．小物体下降至高度3h 时，弹簧形变量为0 B ．小物体下落至高度5h 时，加速度为0C ．小物体从高度2h 下降到4h ，弹簧的弹性势能增加了kg m 22D ．小物体从高度1h 下降到5h ，弹簧的最大弹性势能为)(51h h mg -6. 如图甲所示，以速度v 逆时针匀速转动的足够长的传送带与水平面的夹角为θ．现将一个质量为m 的小木块轻轻地放在传送带的上端，小木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则乙图中能够正确地描述小木块的速度随时间变化关系的图线可能是（）7．在一笔直公路上有a 、b 、c 三辆汽车，它们同时经过同一路标开始计时，此后的t v -图象示意如图，下列判断正确的是（） A ．在1t 时刻a 、b 速度相等B ．0～1t 时间内，a 、b 间距离在减小C ．0～1t 时间内，a 位于b 、c 前面D ．1t 时刻以后，b 位于a 、c 前面8．如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P ，细线的上端固定在金属块Q 上，Q 放在带小孔（小孔光滑）的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）。

2015年陕西省渭南市高考物理一模试卷

2015年陕西省渭南市高考物理一模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共8小题，共32.0分)1.科学思维和科学方法是我们认识世界的基本手段．在研究和解决问题过程中，不仅需要相应的知识，还需要运用科学的方法．理想实验有时更能深刻地反映自然规律，伽利略设想了一个理想实验，如图所示．①两个对接的斜面，静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面；②如果没有摩擦，小球将上升到原来释放的高度；③减小第二个斜面的倾角，小球在这个斜面上仍然会达到原来的高度；④继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球会沿水平面做持续的匀速运动．通过对这个实验分析，我们可以得到的最直接结论是（）A.自然界的一切物体都具有惯性B.光滑水平面上运动的小球，运动状态的维持并不需要外力C.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小【答案】B【解析】解：A、理想斜面实验只能说明钢球具有惯性，推广到一切物体的是牛顿，故A错误；B、伽利略通过“理想斜面实验”和科学推理，得出的结论是：力不是维持物体运动的原因，光滑水平面上运动的小球，运动状态的维持并不需要外力，故B正确；C、如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变，这是牛顿得出的，故C错误；D、小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小，这是牛顿第二定律内容，故D 错误；故选：B．理想斜面实验：在轨道的一边释放一颗钢珠，如果忽略摩擦力带来的影响，我们发现钢珠从左边滚下后，再从右边的斜面滚上，钢珠将上升到与左边释放高度相同的点；若将右边的倾斜角减小，钢珠还是上升到原来的高度，但通过的路程比原来更长；假设右边的轨道为水平，钢珠想要达到原来的高度，但是钢珠无法达到原来的高度，钢珠将永远运动下去．伽利略斜面实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法：在实验的基础上，进行理想化推理（也称作理想化实验），它标志着物理学的真正开端．2.如图所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度．若不改变A、B两极板带的电量而使极板A向上移动少许，那么静电计指针的偏转角度（）A.一定减少B.一定增大C.一定不变D.可能不变【答案】B【解析】解：将极板A向上移动少许，即正对面积减小，根据电容的决定式C=分析得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，则由电容的定义式C=分析得知，板间电势差U增大，则静电计指针的偏转角度一定增大．故选：B．静电计测量电容器板间电势差的大小，电势差越大，其指针偏转角度越大．将两极板平行错开，根据电容的决定式和定义式结合分析板间电势差的变化，判断静电计指针偏转角度的变化．本题是电容的动态变化分析问题，由电容的决定式C=和定义式C=相结合分析．3.一质点沿x轴做直线运动，其v-t图象如图所示．质点在t=0时位于x=5m处，开始沿x轴正向运动．当t=8s时，质点在x轴上的位置为（）A.x=3mB.x=7mC.x=9mD.x=13m【答案】A【解析】解：由题图得前8s内的位移为：△x=×2×3-×5×2=-2m，前8s内质点向负运动了2m，t=0时质点位于x=5m处，则t=8s时质点位于x=3m的位置，故选：A．质点做直线运动的v-t图象中，图象与横坐标所围成的面积表示位移．质点做直线运动的v-t图象中，图象与坐标轴所围成的面积表示位移，面积的正负表示位移的方向，该题难度不大，属于基础题．4.如图所示，物体a、b和c叠放在水平桌面上，水平力F b=5N、F c=10N分别作用于物体b、c上，a、b和c仍保持静止．则物体b受力的个数为（）A.3B.4C.5D.6【答案】C【解析】解：以a为研究对象，根据平衡条件得到：b对a的静摩擦力大小F f1=0，否则a水平方向所受的合力不为零，不能保持平衡．以ab整体为研究对象，根据平衡条件得到：F f2=F b=5N．再以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件得：F f3=F c-F b=10N-5N=5N，方向水平向左．所以F f1=0，F f2=5N，F f3=5N．则物体b受力的个数为重力、c对b的支持力，及静摩擦力，a对b的压力，还有拉力F b，共5个，故C正确，ABD错误；故选：C．以a为研究对象，根据平衡条件求出b对a的静摩擦力大小．以AB整体为研究对象，求解c对b的静摩擦力大小．以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件求解桌面对b 的静摩擦力大小．本题是三个物体的平衡问题，物体较多，研究对象要灵活选择，也可以就采用隔离法研究．5.如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧，下面挂有匝数为n的矩形线框abcd．bc边长为l，线框的下半部分处在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向与线框平面垂直，在图中垂直于纸面向里．线框中通以电流I，方向如图所示，开始时线框处于平衡状态．令磁场反向，磁感应强度的大小仍为B，线框达到新的平衡．则在此过程中线框位移的大小△x及方向是（）A.△x=，方向向上B.△x=，方向向下C.△x=，方向向上 D.△x=，方向向下【答案】B【解析】解：线框在磁场中受重力、安培力、弹簧弹力处于平衡，安培力为：F B=n BIL，且开始的方向向上，然后方向向下，大小不变．设在电流反向之前弹簧的伸长x，则反向之后弹簧的伸长为（x+△x），则有：kx+n BIL-G=0k（x+△x）-n BIL-G=0解之可得：△x=，且线框向下移动．故选：B先对原磁场下的线框进行受力分析列受力平衡的方程，然后对方向改变后的磁场中的线框进行受力分析列受力平衡的方程，联立解得线框的位移大小和方向．本题考查了安培力方向的判断以及胡克定律，难度不大，掌握左手定则判断安培力的方向．6.M和N是绕在一个环形铁芯上的两个线圈，绕法和线路如图所示．现将变阻器R1的滑片从a端逐渐向b端移动的过程中，对通过电阻R2的电流分析正确的是（）A.R2中有电流，方向由c流向dB.R2中有电流，方向由d流向cC.R2中无电流，原因是R2回路没有接外电源D.R2中无电流，原因是N线圈没有切割磁感线【答案】A【解析】解：根据右手螺旋定则可知，线圈M左端是S极，右端是N极．现将变阻器R1的滑片从a端逐渐向b端移动的过程中，电阻减小，电流增大，磁场增强，导致向左穿过线圈N的磁通量增大，则由楞次定律可得：R2中有电流，方向由c流向d．故A正确，BCD错误；故选：A．根据安培定则来确定线圈的电流方向与磁场方向的关系，由于穿过线圈的磁通量变化，导致线圈N中产生感应电流，其方向根据楞次定律“增反减同”来判断．解决本题的关键会用用楞次定律判断感应电流方向，关键确定原磁场方向及通过线圈的磁通量如何变化；会使用安培定则，注意大拇指向即为线圈内部磁场的方向．7.在真空室中，有垂直于纸面向里的匀强磁场，三个质子1、2和3分别以大小相等、方向如图所示的初速度v1、v2和v3，经过平板MN上的小孔O射入匀强磁场，这三个质子打到平板MN上的位置到小孔O的距离分别是s1、s2和s3，则有（）A.s1＞s2＞s3B.s1＜s2＜s3C.s1=s3＞s2 D.s1=s3＜s2【答案】D【解析】解：三个质子的速度大小相等，方向如图所示，垂直进入同一匀强磁场中．由于初速度v1和v3的方向与MN的夹角相等，所以这两个质子的运动轨迹正好组合成一个完整的圆，则这两个质子打到平板MN上的位置到小孔的距离是相等的．而初速度v2的质子方向与MN垂直，则它的运动轨迹正好是半圆，所以质子打到平板MN上的位置到小孔的距离恰好是圆的直径．由于它们的速度大小相等，因此它们的运动轨迹的半径均相同．所以速度为v2的距离最大，即s1=s3＜s2．故选：D．带电粒子以一定的速度垂直进入匀强磁场，在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动．粒子在磁场中运动的周期仅与粒子的比荷有关，而运动的时间与偏转角有关．当入射速度越大时，运动轨道的半径越大．带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径．正确画出运动的轨迹是解题的关键．8.地球和木星绕太阳运行的轨道都可以看作是圆形的．已知木星的轨道半径约为地球轨道半径的5.2倍，则木星绕太阳运行的周期约为（）A.15.6年B.11.86年C.10.4年D.5.2年【答案】B【解析】解：根据开普勒第三定律，有=K知：T2=木星围绕太阳在近似圆形的轨道上运动，若轨道半径是地球轨道半径的5.2倍，木星绕太阳运行的周期是地球周期的11.86倍，即小行星绕太阳运行的周期是11.86年．故选：B．根据开普勒第三定律，有=k比较得宇宙飞船绕太阳运行的周期．求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再进行作比．二、多选题(本大题共4小题，共16.0分)9.如图所示，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于拉伸状态，若忽略小球与小车间的摩擦力，则在此段时间内小车可能是（）A.向左做加速运动B.向左做减速运动C.向右做加速运动D.向右做减速运动【答案】AD【解析】解：小球与小车相对静止且弹簧处于拉伸状态，知小球所受的合力向左，根据牛顿第二定律，小球的加速度方向向左，小球和小车具有相同的加速度，知小车具有向左的加速度，所以小车向左做加速运动或向右做减速运动．故A、D正确，B、C错误．故选：AD．小球和小车具有相同的加速度，对小球运用牛顿第二定律，判断出加速度的方向，得知小车的加速度方向，从而知道小车的运动情况．解决本题的关键抓住小球和小车具有相同的加速度，运用牛顿第二定律进行求解．10.如图所示，实验室一台手摇交流发电机，内阻r=1.0Ω，外接R=9.0Ω的电阻．闭合开关S，当发电机转子以某一转速匀速转动时，产生的电动势e=10sin10πt（V），则（）A.该交变电流的频率为5H zB.外接电阻R两端电压的有效值为10VC.外接电阻R所消耗的电功率为10WD.电路中理想交流电流表A的示数为1.0A 【答案】AD【解析】解；A、交流电的频率f==5H z，故A正确；B、该电动势的最大值为10V，有效值是10V，外接电阻R两端电压的有效值U=×9=9V，故B错误；C、D电压有效值为10V，电路中电流为I==1A，外接电阻R所消耗的电功率为P=I2R=9W，故C错误，D正确；故选：AD．根据电动势瞬时值的表达式可以知道角速度、最大值，从而计算频率和有效值，结合欧姆定律进行其它分析．本题考查了对交流电瞬时值表达式的认识，理解公式中各物理量的物理意义．11.如图所示，虚线a、b和c是某一点电荷产生的电场中的三个等势面，一带正电的微粒射入电场中，其运动轨迹如图实线KLMN所示，设粒子运动过程中只受电场力，则由图可知（）A.三个等势面电势关系为φa＞φb＞φcB.粒子从L到M的过程中，电场力一直做负功C.粒子从K到L的过程中，电势能增加D.粒子从K到L的过程中，受到静电引力；从M到N的过程中，受到静电斥力【答案】AC【解析】解：A、带正电的微粒射入电场中，由运动轨迹可知正电荷受到斥力的作用，所以中心粒子带正电，沿着电场线方向电势逐渐降低，故φa＞φb＞φc，故A正确；B、图中可以看出，从L到M的过程中，粒子先向圆心运动，电场力先做负功，后做正功，动能先减小后增加，电势能先增大减小．故B错误；C、电场强度方向a指向c，则电场力方向由内指向外，粒子从K到L的过程，电场力做负功，电势增加．故C正确．D、粒子从K到L的过程中，受到静电斥力；从M到N的过程中，仍受到静电斥力，故D错误；故选：AC根据正电荷的运动轨迹判断出中心粒子的电性，根据电势的高低确定电场强度的方向，从而确定电场力的方向，根据电场力做功比较动能的大小和电势能的大小．解决本题的关键知道电势的高低与电场强度的关系，以及知道电场力做功与电势能的关系．12.如图所示，位于水平面上的物体在水平恒力F1作用下，做速度为v的匀速运动；若作用力变为斜向上的恒力F2，物体仍做速度为v的匀速运动，则以下说法正确的是（）A.F2一定大于F1B.F2的大小可能等于F1C.F2的功率一定小于F1的功率D.F2的功率可能等于F1的功率【答案】BC【解析】解：物体都做匀速运动，受力平衡，则：F1=μmgF2cosθ=μ（mg-F2sinθ）解得：F2（cosθ+μsinθ）=F1因为cosθ+μsinθ可能等于1，可知F2的大小可能等于F1．故A错误，B正确．因为物体做匀速直线运动，合力为零，拉力的功率大小等于摩擦力功率的大小，由于水平拉力作用下的摩擦力大于斜向上拉力作用下的摩擦力，可知F2的功率一定小于F1的功率，故C正确，D错误．故选：BC．根据共点力平衡得出两个拉力的大小关系，结合表达式分析拉力的大小关系．根据拉力的功率大小和摩擦力的功率大小相等，结合摩擦力的大小比较拉力的功率．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡，结合功率相等列式求解．五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)17.分子动理论较好地解释了物质的宏观热力学性质．据此可判断下列说法中正确的是（）A.显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停的作无规则运动，这反映了液体分子运动的无规则性B.在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其它元素C.当分子间的引力大于斥力时，宏观物体呈现固态；当分子间的引力小于斥力时，宏观物体呈现气态D.分子间的相互作用力随着分子间距离的增大，一定先减小后增大E.分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大【答案】ABE【解析】解：A、墨水中的小碳粒的运动是因为大量水分子对它的撞击作用力不平衡导致的，并且没有规则，这反映了液体分子运动的无规则性．故A正确；B、温度越高，分子无规则运动的剧烈程度越大，因此在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其它元素，故B正确．C、气态的物体其引力是大于斥力的；物态并不是只由分子间作用力所决定的；故C错误；D、当分子间距离为r0时，分子间作用力最小，所以当分子间距离从大于r0处增大时，分子力先增大后减小，故D错误；C、当分子间距离等于r0时，分子间的势能最小，分子可以从距离小于r0的处增大分子之间距离，此时分子势能先减小后增大，故D正确；故选：ABE解答本题可根据：分子热运动特点，分子力、分子势能与分子之间距离关系；明确布朗运动特点是固体微粒的无规则运动，反应了液体分子的无规则运动．正确理解和应用分子力、分子势能与分子之间距离的关系是分子动理论的重点知识．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)19.如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图象．则由图可知（）A.质点振动的周期T=0.2sB.波速v=20m/sC.因一个周期质点运动0.8m，所以波长λ=0.8mD.从该时刻起经过0.15s，波沿x轴的正方向传播了3mE.从该时刻起经过0.25s时，质点Q的加速度大于质点P的加速度【答案】ABD【解析】解：A、B、C由甲读出波长λ=4m，由图乙读出周期T=0.2s，波速v==20m/s．故AB正确，C错误．D、有图乙可知x=2m的质点开始时向下振动，结合甲图知简谐波没x轴正方向传播，传播距离s=vt=20×0.15=3m，故D正确．E、因为周期为0.2s，经过0.25s，质点运动了周期，也是个波长，P点到达负方向最大位移，Q在平衡位置上但不到最大位置，由可知：质点Q的加速度小于质点P的加速度，故E错误故选：ABD由甲读出波长λ，由图乙读出周期T，由v=求出波速．波源的起振方向与x=2m的质点t=0时刻的振动方向，判定波的传播方向判断．在进行计算即可．本题考查基本的读图能力，由波动图象读出波长，由波的传播方向判断质点的振动方向，由振动图象读出周期，判断质点的振动方向等等都是基本功，要加强训练，熟练掌握．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)21.关于核衰变和核反应的类型，下列表述正确的有（）A.N+H→C+H e是α衰变放出氦原子核B.H+H→H e+γ是核聚变反应方程C.U→T h+H e是核裂变反应方程D.H e+A l→P+n是原子核的人工转变方程E.P a→U+e是β衰变方程【答案】BDE【解析】解：A、N+H→C+H e是人工核转变；不是α衰变；故A错误；B、轻核聚变是把轻核结合成质量较大的核，释放出核能的反应称聚变反应；故B正确；C、U→T h+H e是α衰变；故C错误；D、H e+A l→P+n是原子核的人工转变方程；故D正确；E、P a→U+e是β衰变；放出电子．故E错误．故选：BDE解答本题需要掌握：正确应用质量数和电荷数守恒正确书写核反应方程；明确裂变和聚变反应特点，知道α、β衰变现象，并能正确书写其衰变方程．对于原子物理中核反应方程、裂变、聚变等基本知识要熟练掌握和应用．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)13.某实验小组利用如图所示的装置探究加速度与力、质量的关系．（1）下列做法正确的是______ （填字母代号）A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C．实验时，先接通打点计时器的电源再放开木块D．每次增减木块上的砝码改变质量时，都需要重新调节木板倾斜度（2）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量______ 木块和木块上砝码的总质量（填“远大于”、“远小于”或“近似等于”）．【答案】AC；远小于【解析】解：（1）A、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；B、在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂“重物”，故B错误；C、打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器，故C正确；D、平衡摩擦力后，有mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ，与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度，故D错误；故选：AC；（2）设砝码与砝码桶的质量为m，小车的质量为M，对砝码桶及砝码与小车组成的系统，由牛顿第二定律得：a=，对木块，由牛顿第二定律得：T=M a=，只有当砝码桶及桶的质量远小于小车质量时，即：m＜＜M时，小车受到的拉力近似等于砝码及砝码桶的重力；故答案为：（1）AC；（2）远小于①实验要保证拉力等于小车受力的合力，要平衡摩擦力，细线与长木板平行；②砝码桶及桶内砝码加速下降，失重，拉力小于重力，加速度越大相差越大，故需减小加速度，即减小砝码桶及桶内砝码的总质量；本题主要考察“验证牛顿第二定律”的实验，要明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法．14.在用多用表测量一电阻的阻值时，电表的读数如图1所示．某同学想用伏安法测量其电阻，备有下列器材：A．电流表A1（量程100μA，内阻约2kΩ）B．电流表A2（量程600μA，内阻约300Ω）C．电压表V1（量程15V，内阻约100kΩ）D．电压表V2（量程50V，内阻约500kΩ）E．直流电源E（20V，允许最大电流1A）F．滑动变阻器R（最大阻值1kΩ，额定功率1W）G．电键S和导线若干（1）多用电表测得电阻值为______ ．（2）用伏安法测定R x的阻值，所选电流表为______ （填“A1”或“A2”），所选电压表为______ （填“V1”或“V2”）．（3）为保证实验顺利进行，并使测量误差尽量减小，在图2中的方框内画出你设计的电路图．【答案】30kΩ；A2；V1【解析】解：（1）由图1所示可知，欧姆表所选档位是×1k，由图示可知，待测电阻阻值为：30×1k=30kΩ．（2）电源电动势为20V，电压表应选V1，电路最大电流约为：I===0.0005A=500μA，电流表应选A2．（3）待测电阻阻值约为30kΩ，滑动变阻器最大阻值为1kΩ，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法；电流表内阻约为300Ω，电压表内阻约为100kΩ，相对来说，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，电路图如图所示：故答案为：（1）30kΩ；（2）A2，V1；（3）电路图如图所示．（1）欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数．（2）根据电路最大电流选择电流表，根据电源电动势选择电压表．（3）根据待测电阻与滑动变阻器阻值间的关系确定滑动变阻器的接法，根据电表内阻与待测电阻阻值的关系确定电流表接法，然后作出电路图．本题考查了电阻的测量，根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计实验电路的前提与关键．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)15.如图所示，一物体以v0=2m/s的初速度从粗糙斜面顶端下滑到底端用时t=1s．已知斜面长度L=1.5m，斜面的倾角θ=30°，重力加速度取g=10m/s2．求：（1）物体滑到斜面底端时的速度大小（2）物体沿斜面下滑的加速度大小和方向（3）物体与斜面的动摩擦因数．【答案】解：（1）设物体滑到底端时速度为v，则有：代入数据解得：v=1m/s（2）因v＜v0物体做匀减速运动，加速度方向沿斜面向上．加速度的大小为：a=．（3）物体沿斜面下滑时，受力如图所示．由牛顿定律得：f-mgsinθ=maN=mgcosθf=μN联立解得：，代入数据解得：．答：（1）物体滑到斜面底端时的速度大小为1m/s．（2）物体沿斜面下滑的加速度大小为1m/s2，方向沿斜面向上．（3）物体与斜面的动摩擦因数为．【解析】根据匀变速直线运动的平均速度推论求出物体滑到斜面底端的速度大小．根据速度时间公式求出物体下滑的加速度大小和方向．根据牛顿第二定律求出物体与斜面间的动摩擦因数．本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，基础题．16.如图所示，平行于纸面的匀强电场中有三点A、B、C，其连线构成边长l=2cm的等边三角形，现将一电荷量为q1=10-8C的正点电荷从A点移到B点，电场力做功为W1=3×10-6J，将另一电荷量为q2=-10-8C的负点电荷从A点移到C点，电荷克服电场力做功为W2=3×10-6J，设A点的电势φA=0V．（1）求B、C两点的电势（2）求匀强电场的电场强度大小和方向（3）一质量为m=10-8kg、带电荷量q=10-8C的微粒以平行于BC的速度经过A点后恰能通过C点，求该微粒通过C点时的动能．（分析中不考虑微粒所受重力）【答案】解：（1）由电势差的定义得A点电势为0，故则B点电势φB=U BA=-U AB=-300VC点电势φC=U CA=-U AC=-300V；（2）B、C等势，则BC为匀强电场中的一等势面，电场线垂直于等势面，过A作AD 垂直于BC，则电场方向为由A指向D，如图所示．°（3）微粒过A点的速度垂直电场线，微粒做类平抛运动．lsin30°=v0t°a=v y=at=联立解得．答：（1）求B、C两点的电势为-300V，-300V；（2）求匀强电场的电场强度大小为104V/m，方向由A指向D；（3）一质量为m=10-8kg、带电荷量q=10-8C的微粒以平行于BC的速度经过A点后恰能通过C点，该微粒通过C点时的动能3.25×10-6J．【解析】粒子由A沿直线移到B的过程中，电场力做功，求出AB的电势差，同理求出AC电势差，根据电势差与电势的关系即可求得电势，根据电场线与等势线垂直，确定电场强度的方向．根据匀强电场的电势差与电场强度的关系求出场强的大小．利用运动学关系求的速度，即可求得动能解决本题的关键掌握电势差与电场强度的关系，注意d是沿电场线方向上的距离，以及知道电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势．六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)。

2015陕西物理(含答案)

6月10日上传热点信息猜押题1.2015年4月15日，已经退役的中国网球名将李娜获得劳伦斯世界体育特别成就奖.如图所示，是李娜比赛中的情景，其中涉及到的物理知识下列说法正确的是（）A.球拍对网球作用力的施力物体是人B.运动员静止站在地面上时，对地面的压力与地面对她的支持力是一对平衡力C.网球与球拍撞击时，球拍发生形变是因为网球对球拍的作用力改变了球拍的形状D.发球后，由于网球受惯性力的作用，网球能继续向前飞行（命题点：力的作用效果、平衡力、惯性）2.经过近6年研发攻关，我国自主研制的首台4 500 m级深海无人遥控潜水器作业系统“海马”号5月8日通过科技部组织的验收，这是继“蛟龙”号之后，我国深海高技术领域出现的又一标志性成果.“海马”号完全浸没后，关于在下潜过程中受到海水的压强和浮力，下列说法正确的是（）A.压强和浮力都不变B.压强不变，浮力增大C.压强增大，浮力不变D.压强增大，浮力增大（命题点：浮力、压强）3.据西安电视台报道，中国首个以过山车为主题的大型游乐公园乐华世界将在7月1日开园.过山车是一种惊险、刺激的游戏.如图是翻滚过山车的简化构成图，B点为最低点，C点为轨道弧形部分的最高点.翻滚过山车在运动过程中，下列说法正确是（）A．从A点到B点，重力势能增大，动能减小B．运动到B点时，动能最大C．从B点到C点，重力势能减小，动能增大D．运动到C点时，重力势能最大（命题点：机械能及其转化）4.在米兰世博会上，中国国家馆、中国企业联合馆和万科馆，三张“中国名片”，联合展现了中国农耕文化、饮食文化和可持续发展等理念.中国国家馆馆内的北京烤鸭吸引了来自全球的游客.在烧制烤鸭时，工作人员总是将烤鸭放入烤炉中，利用的方式使鸭子的温度升高，同时也使鸭子上的水分（填物态变化名称）.加入调料时，由于现象，老远就能闻到烤鸭的香味.（命题点：改变物体内能的方式、物态变化、扩散现象）5.5月1日特斯拉发布了一款全新的产品——一个巨大的“充电宝”.这套用电系统通过两种方式给自己充电，一是通过屋顶的太阳能电池板，将太阳能转化为能，太阳能是能源（选填“可再生”或“不可再生”）；另外还可以通过接入普通电网充电，这是将电能转化为能储存起来.（命题点：能源、能量转化）陕西重点题型猜押题基础小实验1.按图中的测量结果或所探究的物理规律填空．甲乙丙丁（1）图甲：硬币的直径是cm．（2）图乙：装满水的容器侧壁上开三个孔，水流喷射距离不同，是由于．（3）图丙：探究．（4）图丁：验电器的金属箔片张开一定角度，是由于．（命题点：刻度尺读数、液体压强、平面镜成像、验电器原理）2.按要求完成填空．甲乙丙丁（1）如图甲，电流表的示数为 A.（2）如图乙，使用白色屏幕的目的是．（3）如图丙，在观察水的沸腾实验结束后，要把烫手的烧杯移到安全地方，你的做法是．（4）如图丁：用此实验可以研究．（命题点：电流表读数、光的色散、水沸腾实验、摩擦力）教材重点（拓张）实验3.快速骑自行车，我们能感到空气的阻力，而且骑车速度越快，感觉空气阻力越大，由此，小华同学猜想：物体所受空气阻力大小与物体运动的速度大小有关．在一个无风的周末，小华和爸爸开汽车来到郊外一段人车稀少的平直公路上，小华打开汽车天窗．将如图所示装置固定在汽车车顶，爸爸依次以5 m/s、10 m/s、15 m/s、20 m/s的不同速度在平直公路上各匀速行驶一段距离，小华依次将汽车不同行驶速度时的弹簧测力计的示数记录在下表中，根据二力平衡原理，弹簧测力计的示数大小近似等于小车及挡板受到的空气阻力．（1）实验装置中用小车而不是木块，并将其放在表面平滑的木板上，目的是为了减小对实验结果的影响．（2）分析上表中的实验数据可知，物体运动速度越大，所受空气阻力越．（3）实验完毕后，小华又进行了新的思考，空中下落的物体速度会增大，那么从足够高空下落的雨滴速度会不会一直增大，其所受空气阻力会不会也一直增大？在老师的指导下，小华知道了：若雨滴所受空气阻力小于重力，则雨滴下落速度继续增大；若下落雨滴所受空气阻力大于重力，则雨滴下落速度减小．请你根据老师的上述指导和本实验结论并结合所学物理知识分析：一滴质量为5 g的雨滴刚从高空下落时（假设在无风天气，雨滴下落高度足够大）做运动，所受到的最大阻力f=N．此后雨滴做运动（g=10 N/kg）．（4）你认为运动物体受到的空气阻力大小还与有关．（命题点：探究“物体所受空气阻力大小与物体运动的速度大小的关系”）4.小明学会了测小灯泡的电功率后，在老师的启发下，进一步思考：电流一定时，小灯泡功率跟电阻有什么关系呢？于是他利用如图甲所示电路，分别选用L1“1.5 V 0.25 A”、L2“2.5V0.3 A”和L3“3.8 V0.3 A”三个小灯泡，测出它们在电流相同时的电阻和功率，来探究小灯泡功率与电阻的关系．甲乙（1）如图甲所示，他将灯L1接入电路，请你用笔画线代替导线，帮他将实物电路连接完整；（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于（选填“A”或“B”端）；（3）闭合开关后，他调节滑动变阻器的滑片P，使通过灯L1的电流为0.2 A，再测出L1两端的电压，此时电压表示数如图乙所示，然后计算出此时灯L1的电阻和实际功率，请将数据填入下表中；（4）换上灯L2，闭合开关，为保持电流为0.2 A不变，应将滑片P向（选填“A”或“B”）端移动；再测出L2两端的电压，算出L2的电阻和功率．换上灯L3，做第三次实验，并将实验数据记录在表中；（5）分析表格中数据可得结论：在电流一定时，小灯泡的实际功率与电阻成关系．（6）小波认为：为了控制实验条件，小明每次实验要换灯泡还要调节滑动变阻器，这样的操作不够简便．对此你可以如何改进？（命题点：探究“小灯泡的功率与电阻的关系”）创新实验题5.寒冷的冬天，某兴趣小组发现，一根两端拴有重物的细金属丝，挂在一个粗大的冰块上，一段时间后，出现了如下有趣的现象：细金属丝割穿了冰块，而冰块保持完整．他们对此现象进行了讨论，认为这是由于冰的熔化和凝固引起的，关于冰熔化的原因，他们提出了以下三种猜想：猜想一：冰块的厚度小．猜想二：金属丝的温度低．猜想三：金属丝对冰块的压强大．（1）根据所学知识，经过他们讨论，断定猜想二是错误的，你认为他们判断的依据是：金属丝的温度低，冰块不能从铁丝热量，所以不会熔化．（2）为了验证猜想一是否正确，他们只改变冰块的厚度进行实验，结果金属丝都能割穿冰块．这说明猜想一是的．（3）他们又设计了一个简单实验，验证猜想三是否正确，请你帮助他们完善实验方案．①保持不变，改变的重力挂在同一冰块上，比较金属丝陷入冰块的程度，以判断猜想是否正确．②保持不变，用粗细的金属丝挂在同一冰块上，比较以此判断猜想是否正确．（命题点：热学创新题）5.小明同学从“测小灯泡的电阻”中了解到“金属导体的电阻一般随导体温度的升高而增大”．他想：铅笔芯也是导体，铅笔芯的电阻与它的温度之间是否也存在这种关系呢？于是，小明和几位同学一起进行了“探究铅笔芯的温度变化对其电阻有何影响”的实验．（1）实验思路：保持铅笔芯两端的电压不变，给铅笔芯加热，测出不同时通过铅笔芯的电流，根据电流的变化情况，得出铅笔芯电阻大小与其温度变化的关系．其依据是：电压一定时，电阻越小，电流．（2）小明设计了如图所示的电路．主要实验过程：①先将Ｈ型铅笔芯接入电路，闭合开关，测量并记录通过它的电流；②，每隔10s测量并记录通过它的电流；③再分别将HB型、2B型铅笔芯接入电路，重复以上实验过程．（3）下表是小明他们记录的实验数据：由于同学粗心，漏掉了其中一个数据，请你按图中所给电流表示数补上：A，分析表中数据可以初步得出：铅笔芯的电阻随温度升高而．（4）你认为小明他们的实验存在什么不足，写出其中一条：．（命题点：电学创新题）综合题7.在城乡建设中，推土机发挥着巨大的作用．如图所示为某型号履带式推土机，额定功率为2.0×10５W．请回答并计算：（1）推土机安装履带，是为了在松软的土地上作业时；当推土机在湿滑的土地上作业时，履带上凸出的棱则起到的作用．（2）当推土机在平直场地上以额定功率进行推土作业时，在1 min内匀速前进了120 m，求：推土机受到的阻力．（3）若推土机发动机的效率为40％，工作一段时间消耗柴油50 L，求此过程中推土机做的功．已知柴油的密度为0.8×103 kg/m３，热值为4.0×107 J/kg（命题点：增大或减小压强或摩擦力的方法、功）8.如图所示是某种家用电吹风的原理图，它有“热风”、“温热风”、“冷风”及“停”四挡，R1与R2是电热丝（R1＞R2）．图中S为“双刀四掷”开关，“双刀”在拨动时一起转向图中“1”、“2”、“3”或“4”中某一位置，从而实现各挡位间的转换．电吹风的部分参数如下表所示：（1）开关的“双刀”拨动到（选填1、2、3、4）位置时，电吹风处于“热风”挡．（2）接在“热风”挡上的电热丝的阻值为多少？（3）标有“吹温热风功率（Ｗ）”后面的数值被磨损，某同学为测量它的具体数值，先断开其他家用电器，并将电吹风的开关调至“温热风”挡后接入220 V的家庭电路中，发现他们家用的电子式电能表[3 000 imp/（kW·h）]在2 min内指示灯恰好闪了46次．试计算该电吹风吹温热风功率的大小．[3 000 imp/（kW·h）”指的是接在这个电能表上的用电器每消耗1kW·h的电能，电表上的指示灯闪烁3 000次]（命题点：欧姆定律、电功率）名校内部模拟题1.(陕师大四模)下图中的成像原理与图1所示的成像原理相同的是（）图1A.树荫下的光斑B.巨石上的“树”C.水中的大雁塔D.监控中的画面（命题点：凸透镜成像规律）2.(莲湖区一模)在冬天我省的大部分城市都实现了集中供热.如图是装在室内的暖气片.对于家庭取暖，下列说法错误．．的是（）A.集中供热主要利用热水是因为水的比热容较大B.暖气片用金属制作是因为金属导热能力强C.暖气片上方的黑印是暖气片升华形成的D.用暖气片取暖是利用热传递的方法改变内能（命题点：比热容的应用、物质属性、物态变化、改变物体内能的方法）3.（高新一中四模）无人机已经进入人们的生活，使用它可以运送快递，还可以利用携带的摄像机进行航拍，它的旋翼由电动机驱动.关于如图所示的航拍无人机，下列说法正确的是（）A.电动机是利用电磁感应原理工作的B.在航拍时摄像机成像的像距大于二倍焦距C.当无人机升空时，旋翼对空气的力是向下的D.无人机匀速飞行时，机械能一定保持不变（命题点：电动机、凸透镜成像规律、流体压强与流速的关系、机械能）4.（西工大四模）铅笔芯的主要成分是石墨，软硬程度不同的铅笔其用途是不同的，例如作画用6B软铅笔，写字用软硬适中的HB铅笔，制图用6H硬铅笔．其铅笔芯都是导体，小明猜想铅笔芯的电阻大小可能与其软硬程度有关，于是他选取了干电池、软硬程度不同的铅笔芯、小灯泡、开关、导线，设计实验对以上问题进行探究．如果你参与小明的探究活动，你认为：图1 图2（1）在图1标出的制成铅笔的几种材料中，通常情况下属于绝缘体的是、；（2）小明在选取软硬程度不同的铅笔芯的同时，应考虑他们的和是相同的；（3）在考虑以上因素的基础上，若图2乙中铅笔芯的硬度比图2甲中大，闭合开关后，小明观察灯泡的亮度，可确定乙图中铅笔芯的电阻（选填“大”或“小”），说明铅笔芯的电阻与软硬程度（选填“有关”或“无关”）.（4）小明想借助电阻箱用“替代法”较准确的测量出铅笔芯的电阻，除了上述器材和电阻箱外，他还需要的器材是，他的做法是：用电阻箱替代图中的铅笔芯，调节电阻箱的电阻值，使的大小与原来接铅笔芯时的大小相同，则电阻箱接入电路的阻值就是铅笔芯的电阻值．（命题点：探究“铅笔芯的电阻大小与其软硬程度的关系”）5.（高新一中四模）如图甲所示，是一种家用足浴器，图乙和下表是它的原理图及参数.K 为自动温控开关，当水的温度达到设定温度时自动断开，低于设定温度时，自动闭合.红黄灯为足浴器的状况指示灯.请你通过分析进行回答下列问题：（1）黄灯亮时，足浴器处于（选填“保温”或“加热”）状态；（2）足浴器内底部有很多凸起的点，对人的足底有按摩作用，这是通过的方法来增大对足底的压强；（3）保温时，电阻R正常工作时的电功率有多大？（注：指示灯消耗的功率可以忽略不计，保湿功率是指整个电路消耗的功率，结果取整数）.甲乙（命题点：增大或减小压强的方法、电功率）参考答案热点信息猜押题1.C2.C3.B4.热传递汽化扩散5.电可再生化学能陕西重点题型猜押题1.（1）1.15（2）液体压强随着深度的增加而增大（3）平面镜成像规律（4）同种电荷相互排斥2.（1）0.48（2）白色物体能反射所有的色光（3）用湿抹布包着烧杯移到安全地方（其他合理说法均可得分）（4）滑动摩擦力的大小与压力的关系3.（1）摩擦力（2）大（3）加速0.05匀速直线（4）物体的形状（或横截面积或风速）4.（1）如答图所示（2）A（3）0.840.16（4）B（5）正比（6）可以将L1、L2、L3串联在同一电路中，就控制了电流一定5.（1）吸收（2）错误（3）①金属丝的粗细所拴重物②所拴重物的重力不同不同金属丝陷入冰块的程度6.（1）温度越大（2）②用酒精灯给铅笔芯加热，使铅笔芯的温度逐渐升高（3）0.28减小（4）不能直接测量铅笔芯的温度7.（1）减小压强增大摩擦解：（2）推土机做的功J 102.1s 60W 10275⨯=⨯⨯==Pt W因为匀速运动，所以推土机所受的阻力等于推土机的推力 N 101m120J 102.157⨯=⨯===s W F f （3）柴油的质量kg 40m 1050kg/m 108.03333=⨯⨯⨯==-V m ρ柴油放出的热量J 106.1J/kg 104kg 4097⨯=⨯⨯==mq Q 推土机做的功J 104.640J 106.18009⨯=⨯⨯==ηQ W8.（1）1解：根据表中数据可知，吹热风时，电热丝R 2消耗的电功率：W 880W 20W 9002=-=P电热丝R 2的阻值：Ω55W880V 2202222===）（P U R （3）吹温热风时，电吹风消耗的电能：h kW 500123imp 46imp 000 3h kW 1∙=⨯∙=温W 吹温热风的功率：W 460kW 46.0h 602hkW 150023==∙==t W P 温温名校内部模拟题1.D2.C3.C4.（1）木材橡皮（2）长度横截面积（3）大有关（4）电流表电流（电流表示数）5.（1）保温（2）减小受力面积解：（3）忽略指示灯的电功率也就是电路中可以认为不存在指示灯，这样当温控开关断开时，发热管和R 串联，电路处于保温状态，当温控开关闭合时，只有发热管接入电路中，电路处于加热状态，故：由RU P 2=可知，保温时，电路中的总电阻为：Ω2101W40V 22022===）（保温总P U R 当温控开关闭合时，电路为发热管的简单电路，足浴器是处于加热状态，由RU P 2=可知，发热管的电阻：Ω 8.96W500V 22022===）（加热发热管P U R 所以保温电阻：Ω2.113 1Ω 8.96Ω 210 1=-=-=发热管总R R R保温状态时电路中的电流是：I =P U 保温=40W 2A 220V 11= 保温时电阻R 的电功率：P R =I 2R =（2A 11）2×1 113.2 Ω=36.8 W ≈37 W 5月30日上传热点信息猜押题1.北京时间5月6日消息，据国外媒体报道，全球最大网上书店“亚马逊”创始人杰夫-贝索斯旗下私营航天公司“蓝色起源”公司近日在美国西德克萨斯成功发射一枚代号为“新谢帕德”的火箭，并将配套的可载人太空舱送入距离地面约94千米的亚轨道空间，如图所示.在发射升空的过程中，以下列哪个物体为参照物，可载人太空舱是静止的（）A.地球B.火箭C.太阳D.月球（命题点：参照物）2.据外媒报道，来自加拿大艾伯塔省班夫的35岁专业摄影师保罗日前陪同两名登山运动爱好者在夜晚挑战攀爬加拿大阿萨巴斯卡冰川，遇到了罕见的北极光，五彩斑斓的极光点亮夜晚星空，为冰川增添了一丝超现实的魔幻色彩.如图所示，关于声和光的说法中,正确的是 ( )A.声和光传播都需要介质B.声传播需要介质,光传播不需要介质C.光速和声速一样大D.光的传播速度是340 m/s（命题点：声、光的传播）3.从轮船、火车、拖拉机到2015年上海国际汽车展上出现的雪佛兰概念车CHEVROLET-FNR （如图所示）等生活中常见的交通工具,其动力大都来源于内燃机．它们虽然在构造上略有差异，但工作原理都是一样的．下面对内燃机的有关叙述中，错误．．的是（）A.内燃机是机械能转化为内能的装置B.内燃机用水来冷却，是因为水的比热容大C.内燃机靠产生的高温、高压燃气做功D.内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能的装置（命题点：能量的转化、比热容、热机）4.2015年4月24日，两架CYG-11海上飞机的原型机在海南省海口市进行了试飞.CYG-11海上飞机是我国研发的一种新型飞行器，看上去像是双体船和气垫船结合物的奇怪机器.飞机起飞和降落都在水上进行，当飞机静止在水面上时，飞机受到的浮力（选填“大于”“小于”或“等于”）飞机所受的重力.飞机飞行机翼上表面，空气流速大，压强（选填“大”或“小”）.（命题点：浮力、流速与压强的关系）5.隔空充电真能实现吗？没错，一家名叫uBeam的公司发明了一种全新的无线充电模式，可以利用超声波将电力隔空输送到4.6 m外的地方.超声波是由发声体产生的；人听到超声波（选填“能”或“不能”）；若超声波在空气中的传播速度为340 m/s，将其传播到4.6 m的地方，需要s.（结果保留两位小数）（命题点：声音的产生、速度公式的应用）6.当我们收到包裹时，往往里面都填充了大量用以缓冲防撞的发泡塑料.现在美国Purdue 大学的研究人员告诉我们，只要经过一些简单的加热工序，它们就能变身成充电电池燃料.这项技术不仅能减少发泡塑料的浪费、减轻垃圾处理的负担，还能让电池充电速度更快，产生的电阻也大大减少.那么，加热工序是通过的方式改变了物体的内能；电池充电的过程中是将电能转化为能.（命题点：能量的传递、能量的转化）7.PhoneDrone是一个让智能手机飞上天空的工具，如图所示.它的操作非常的简单！首先设置你的PhoneDrone；再打开应用程序，选择您需要的飞行类型（飞行任务：跟踪我，自由飞翔）；然后将PhoneDrone折叠出无人机的造型；最后退一步，数到五，看着你的手机升空而大声惊叹吧！你的手机升空的过程中，它的重力势能将（选填“变大”“变小”或“不变”）.PhoneDrone也可以成为您的个人的监控摄像机，此时它将成（选填“倒立”或“正立”）、缩小的实像.（命题点：机械能、凸透镜的成像规律）8. 2015 年，著名的钟表制作商MB&F 推出了以“富有创意的大人，其实都是幸存下来的孩子”为主题的十周年纪念钟表，其中有一款名为Melchior 的产品尤为引人注目，因为它拥有一个特别霸气的机器人造型，如图所示.这款机器人座钟，质量为6.3 kg，它与桌面的接触面积约6 cm2，那么，它受到的重力为N，它对桌面的压强为Pa.（命题点：重力、压强的计算）9.中新网南京5月3日电“从阿布扎比到南京，太阳能飞机已经飞行了5 000公里，但如果要环游世界还有4万公里”，世界最大太阳能飞机“阳光动力2号”初定于5月5日离开南京，飞往夏威夷.太阳能属于能源（选填“可再生”或“不可再生”）；飞机是利用波和地面传递信息的，该波在真空中的传播速度是m/s.（命题点：能源的分类、电磁波及其传播）陕西重点题型猜押题基础小实验1.按要求完成填空：甲乙丙丁（1）图甲测得的温度是℃.（2）图乙中下面棋子被快速打出后，上面的棋子落回原处，表明.（3）图丙中往B管中吹气，看到A管中的水面上升，说明.（4）图丁所示，该实验能探究出并联电路电流的特点是.（命题点：温度计读数、惯性、流体压强与流速的关系、并联电路电流的特点）2.按要求完成填空：甲乙丙丁（1）甲是根据制成的．（2）图乙实验表明．（3）如图丙所示，该实验能探究通电导体在磁场中而运动．（4）如图丁所示，在探究“弹性势能与什么因素有关”的实验中，通过比较来衡量弹性势能的大小．（命题点：天平、内能、电与磁、弹性势能）教材重点（拓张）实验3.小李同学利用如图所示装置探究“液体内部压强的特点”.甲乙丙（1）小李检查压强计的气密性时，用手指不论轻压还是重压橡皮膜，发现Ｕ形管两边液柱的高度差变化（选填“大”或“小”），表明其气密性差．小李调节好压强计后，Ｕ形管两边液面相平．（2）小李把金属盒分别浸入到甲、乙图中的两种液体（水和酒精）中，发现图甲中Ｕ形管两边液柱的高度差较小，他判断图甲中的液体是酒精，其结论不可靠，原因是没有控制金属盒在液体中的；他改变图乙中金属盒的深度，其探究情况如图丙所示．（3）小李应该比较图，得出金属盒离液面的距离越深，Ｕ形管两边液柱的高度差就越大，表示液体的压强就越．（4）小李发现在同种液体中，金属盒所处深度相同时，只改变金属盒的方向，Ｕ形管两边液柱的高度差不变，表明．（命题点：探究液体内部压强的特点）4.小明和小华“探究杠杆平衡的条件”，他们的研究过程如下：（1）用螺丝刀将骑马钉撬起，发现有两种方法，如图所示．请在图（b）中的A点画出动力的示意图．（2）将钩码挂在杠杆一端，如图1，受到撬骑马钉的启发，若要使杠杆在此位置平衡，他们用力的方向有什么规律？．（3）分别选取器材进行实验，并将动力F１、动力臂L１、阻力F２、阻力臂L２记录在表中．表一：表二：（4）小明分析比较表一的实验数据可归纳得出的结论是. （5）小华分析两表数据后发现实验序号的数据与小明的结论不符．他回顾了那次实验，发现实验数据是在弹簧测力计斜拉的情况下获得的，如图２．请分析小华这组数据错误的原因：当测力计斜拉时．(命题点：探究“杠杆的平衡条件”）5.小亮在做“测量小灯泡的电阻”实验中，所用小灯泡上标有“2.5 V”字样．甲乙丙（1）图甲是小亮未连接好电路，请你用笔画线代替导线，将实物图补充完整．（2）小亮根据电路图连接好最后一根导线后，小灯泡发出耀眼的光，然后就灭了，其故障原因可能是．（3）小亮换好灯泡，排除故障之后分别测出了小灯泡的几组电压和电流值，记录在表格中．①第２次实验电流表示数如图乙所示，则此时灯泡的电阻是Ω．②小亮从数据中发现，灯泡的电阻是变化的，你认为影响其变化的主要原因是．（4）完成上述实验后，小亮看到滑动变阻器的铭牌模糊不清，于是测量滑动变阻器的最大阻值R1．他从实验室找来一个阻值已知为R0的定值电阻替换灯泡，同时撤去了电流表，并利用余下器材（电压未知的电源、量程合适的电压表、滑动变阻器、开关各一个、导线）．如图丙所示在不改动电压表位置及其连线的情况下，很快测出了R2的大小．简述实验过程中。

陕西省实验中学2015届高三下学期考前模拟物理试题 (Word版含答案)

14．如图所示，两列简谐横波分别沿x 轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x= -0.2m 和x=1.2m 处，两列波的速度均为v=0.2m/s ，两波源的振幅均为A=2cm ．图示为t=0时刻两列波的图像（传播方向如图所示），此时平衡位置处于x=0.2m 和x=0.8m 的P 、Q 两质点刚开始振动。

质点M 的平衡位置处于x=0.5m 处，关于各质点运动情况下列判断正确的是（）A ．质点P 的起振方向沿y 轴正方向B ．t=1.5s 时刻，质点P 运动到M 点C ．t= 1.5s 时刻，质点M 的速度为0D ．t =3s 时刻，质点M 的位移为4cm15．某同学用如图所示方法做共点力平衡实验。

M 、N 为摩擦不计的定滑轮，O 点是轻质细绳OA 、OB 和OC 的结点，桌上有若干相同的钩码，他已经在A 点和C 点分别挂了3个和4个钩码，为使O 点在两滑轮间某位置受力平衡，在B 点挂的钩码数可能是（）A ． 1个B ．3个C ．5个D ．7个16．如图，运行轨道在同一平面内的两颗人造卫星A 、B ，同方向绕地心做匀速圆周运动，此时刻A 、B 连线与地心恰在同一直线上且相距最近，已知A 的周期为T ， B 的周期为2T/3。

下列说法正确的是（） A ．A 的线速度大于B 的线速度 B ．A 的加速度大于B 的加速度C ．A 、B 与地心连线在相同时间内扫过的面积相等D ．从此时刻到下一次A 、B 相距最近的时间为2T17．如图所示，在轻弹簧的下端悬挂一个质量为m 的小球A ，若将小球A 从弹簧原长位置由静止释放，小球A 能够下降的最大高度为h 。

若将小球A 换为质量为3m 的小球B ，仍从弹簧原长位置由静止释放，则小球B 下降h 时的速度为（重力加速度为g ，不计空气阻力）（）第15题图A B ． 34gh C D18．对于真空中电荷量为q 的静止点电荷而言，当选取离点电荷无穷远处的电势为零时，离点电荷距离为r 的位置的电势为φ=kq/r （k 为静电力常量），如图所示，两电荷量大小均为Q 的异种点电荷相距为d+R ，现将一质子（电荷量为e ）从两电荷连线上的A 点沿以负电荷为圆心、半径为R 的半圆形轨迹ABC 移到C 点，在质子从A 到C 的过程中，系统电势能的变化情况为（） A ．减少222R d kQeR- B ．增加222R d kQeR +C ．减少2(2)kQeR d d R +D ．增加2(2)kQeRd d R +第Ⅱ卷（非选择题共192分）必考部分第Ⅱ卷必考部分共10题，共157分19．（）(1)某同学利用重锤做自由落体运动验证机械能守恒定律的实验 ①有关重锤的质量，下列说法正确的有( )A ．应选用质量较大的重锤，使重锤和纸带所受的重力远大于它们所受的阻力B ．应选用质量较小的重锤，使重锤的惯性小一些，下落时更接近于自由落体运动C ．不需要称量重锤的质量D ．必须称量重锤的质量.②在该实验中，选定了一条较为理想的纸带，如下图所示，“O”为起始点，以后纸带上所打的各点依次记为1、2、3……。

2015年陕西省安康市高考物理二模试卷

2015年陕西省安康市高考物理二模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共7小题，共28.0分)1.图象法可以形象直观地描述物体的运动情况．对于下面两质点运动的位移-时间图象和速度-时间图象，分析结果正确的是（）A.由图（1）可知，质点做曲线运动，且速度逐渐增大B.由图（1）可知，质点在前10s内的平均的速度大小为4m/sC.由图（2）可知，质点在第4s内加速度的方向与物体运动的方向相反D.由图（2）可知，质点在运动过程中，加速度的最大值为15m/s2【答案】D【解析】解：A、运动图象反映物体的运动规律，不是运动轨迹，无论速度时间图象还是位移时间图象只能表示物体做直线运动，故A错误；B、由图（1）可知，质点在前10s内的位移x=20-0=20m，所以平均速度，故B错误；C、由图（2）可知，质点在第4s内加速度和速度都为负，方向相同，故C错误；D、v-t的斜率表示物体运动的加速度，由图（2）可知，质点在运动过程中，加速度的最大值出现在2-4s内，最大加速度大小为a=，故D正确．故选：Ds-t图线与v-t图线只能描述直线运动，s-t的斜率表示物体运动的速度，斜率的正和负分别表示物体沿正方向和负方向运动．v-t的斜率表示物体运动的加速度，图线与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移．对于v-t图线和s-t图线的基本的特点、意义一定要熟悉，这是我们解决这类问题的金钥匙，在学习中要多多积累．2.北京时间12月17日，2014-2015赛季CBA第20轮赛事全面展开．在易建联带领下，广东队坐阵主场战胜挑战的北京队．比赛中易建联多次完成精彩跳投．在腾空跃起到落回地面的跳投过程中，若忽略空气阻力，则下列说法正确的是（）A.易建联在下降过程中处于失重状态B.易建联起跳以后在上升过程中处于超重状态C.易建联起跳时地面对他的支持力小于他的重力D.易建联起跳时地面对他的支持力等于他的重力【答案】A【解析】解：A、B、在起跳过程和下降过程中，只受重力作用，处于失重状态．故A正确，B 错误；C、D、起跳时，有向上的加速度，则地面对他的支持力大于她的重力．故CD错误．故选：A．在整个跳高过程中，只受重力作用，处于失重状态；起跳时，有向上的加速度，地面对他的支持力大于她的重力；物体重心的位置与质量分布和形状有关．本题考查应用物理知识分析实际问题的能力，灵活应用牛顿第二定律分析超失重问题和平衡问题，理论联系实际较强．3.如图所示，在光滑水平桌面上有一质量为1K g的木块A，A的左右两侧通过轻绳与轻弹簧测力计相连，弹簧测力计另一端都通过定滑轮，挂着两个质量均为0.3K g钩码，滑轮摩擦不计，两钩码间用轻绳相连，系统处于静止状态．用剪刀将右侧钩码间绳子剪断，在剪断的瞬间，下列说法正确的是（g=10m/s2）（）A.左侧两钩码的加速度大小为5m/s2，方向竖直向下B.右侧上方钩码的加速度大小为5m/s2，方向竖直向上C.物块A的加速度为零D.物块A的加速度大小为3m/s2，方向水平向右【答案】C【解析】解：A、用剪刀将右侧钩码间绳子剪断的瞬间，弹簧弹力不变，右侧绳子拉力为零，所以左侧钩码受力平衡，加速度为零，右侧钩码只受重力，加速度为10m/s2，方向竖直向上下，故AB错误；C、开始时，A水平方向受力两个弹簧的弹力作用，受力平衡，剪断悬线瞬间，弹簧的弹力不变，则A仍然受力平衡，加速度为零，故C正确，D错误．故选：C突然剪断悬线瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，分析瞬间物体和钩码的受力情况，由牛顿第二定律求解加速度．突然剪断悬线瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，分析瞬间物体和钩码的受力情况，由牛顿第二定律求解加速度．4.如图所示，横截面为直角三角形的斜劈A，底面靠在粗糙的竖直墙面上，力F通过球心水平作用在光滑球B上，系统处于静止状态．当力F增大时，系统仍保持静止，则下列说法正确的是（）A.A所受合外力增大B.墙面对A的摩擦力一定增大C.B对地面的压力一定不变D.墙面对A的摩擦力可能变小【答案】D【解析】解答：解：A、A一直处于静止，所受合外力一直为零不变，故A错误；C、对B受力分析，如图：根据平衡条件：F=N′sinθ，可见F增大则N′增大，N″=mg+N′cosθ，可见N′增大则N″增大，根据牛顿第三定律则球对地面的压力增大，故C错误；BD、以整体为研究对象，竖直方向：N″+f=M g，若N″增大至与M g相等，则f=0，故B错误D正确；故选：D．正确选择研究对象，对其受力分析，运用平衡条件列出平衡等式解题．点评：正确选择研究对象，对其受力分析，运用平衡条件列出平衡等式解题．要注意多个物体在一起时，研究对象的选取．5.如图所示，轻杆长为L，一端固定在水平轴上的O点，另一端固定一个小球（可视为质点）．小球以O为圆心在竖直平面内做圆周运动，且能通过最高点，g为重力的加速度．下列说法正确的是（）A.小球到达最高点时的加速度不可能为零B.小球通过最低点时所受轻杆的作用力不可能向下C.小球通过最高点时所受轻杆的作用力一定随小球速度的增大而增大D.小球通过最低点时所受轻杆的作用力可能随小球速度的增大而减小【答案】B【解析】解：A、最高点时，若小球速度为零，重力与支持力相等，则加速度为零；故A错误；B、因最低点时，小球一定有向上的向心力；该力由拉力及重力的合力提供；故拉力一定向上；故B正确；C、在速度由零增大到时，小球通过最高点时所受轻轩的作用力随速度的增大而减小；故C错误；D、小球在最低点时，F-mg=m，故速度越大则拉力越大；故D错误；故选：B．杆子拉着小球在竖直面内做圆周运动，在最高点，杆子可以表现为拉力，也可以表现为支持力，在最低点，一定表现为拉力．通过最高点的临界速度为零．解决本题的关键知道杆模型与绳模型的区别，杆子可以表现为拉力，也可以表现为支持力，在最高点的临界速度为零，注意与绳子的区别．6.如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷-Q，且CO=OD，∠ADO=60°．下列判断正确的是（）A.O点电场强度为零B.D点电场强度不为零C.若将点电荷+q从O移向C，电势能增大D.若将点电荷-q从O移向C，电势能增大【答案】D【解析】解：A、A、B两点两个等量同种点电荷+Q在O点产生的电场强度抵消，O点的电场强度等于点电荷-Q在O点产生的电场强度，不为零．故A错误．B、设AD=r，根据点电荷产生的电场强度公式E=k得到，两个等量同种点电荷+Q在D点产生的电场强度大小为E1=k，方向水平向右．-Q在O点产生的电场强度大小也为E=k，方向水平向左，则D点的合场强为零．故B错误．C、根据电场的叠加原理得到，C、O间电场强度方向为O到C，将点电荷+q从O移向C，电场力做正功，电势能减小．故C错误．D、将点电荷-q从O移向C，电场力做负功，电势能增大．故D正确．故选：D．O点和D点的电场强度是三个电荷产生的电场强度的合成，根据叠加原理确定两点的电场强度．确定出从O到C电场的方向，根据电场力做功的正负，判断电势能的变化．空间任何一点的场强是各个电荷产生的电场叠加的结果，根据平行四边形定则进行合成．等量同种电荷的电场要抓住对称性．7.由中国科学院、中国工程院两院院士评出的2012年中国十大科技进展新闻，于2013年1月19日揭晓，“神九”载人飞船与“天宫一号”成功对接和“蛟龙”号下潜突破7000米分别排在第一、第二．若地球半径为R，把地球看做质量分布均匀的球体．“蛟龙”下潜深度为d，天宫一号轨道距离地面高度为h，“蛟龙”号所在处与“天宫一号”所在处的加速度之比为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：令地球的密度为ρ，则在地球表面，重力和地球的万有引力大小相等，有：g=G由于地球的质量为：M=ρ•，所以重力加速度的表达式可写成：g===πGρR．根据题意有，质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，固在深度为d的地球内部，受到地球的万有引力即为半径等于（R-d）的球体在其表面产生的万有引力，故井底的重力加速度g′=πGρ（R-d）．所以有′根据万有引力提供向心力，“天宫一号”的加速度为所以所以′，故C正确、ABD错误．故选：C．根据题意知，地球表面的重力加速度等于半径为R的球体在表面产生的加速度，深度为d的地球内部的重力加速度相当于半径为R-d的球体在其表面产生的重力加速度，根据地球质量分布均匀得到加速度的表达式，再根据半径关系求解深度为d处的重力加速度与地面重力加速度的比值．卫星绕地球做圆周运动时，运用万有引力提供向心力可以解出高度为h处的加速度，再求其比值．抓住在地球表面重力和万有引力相等，在地球内部，地球的重力和万有引力相等，要注意在地球内部距离地面d处所谓的地球的质量不是整个地球的质量而是半径为（R-d）的球体的质量．二、多选题(本大题共3小题，共12.0分)8.如图所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦．现用水平力向右拉木板，在物块相对木板运动过程中，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为（）A.物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动B.物块先向左运动，再向右运动C.木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D.木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零【答案】AC【解析】解：由题知道：当物块相对木板滑动了一段距离仍有相对运动时撤掉拉力，此时物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，物块受到木板的滑动摩擦力方向向右，与其速度方向相同，向右做加速运动，而木板受到物块的滑动摩擦力方向向左，与其速度方向相反，向右做减速运动，当两者速度相等时一起向右做匀速直线运动．故选：AC据题，当物块相对木板滑动了一段距离仍有相对运动时撤掉拉力，此时物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，根据摩擦力的方向分别分析两个物体的运动情况．本题关键要分析得到撤掉拉力时两个物体之间仍存在摩擦力，考查分析物体受力情况和运动情况的能力．9.横截面为直角三角形的两个相同斜面顶点紧靠在一起，固定在水平面上，如图所示．两小球分别从O点正上方A、B两点以不同的初速度分别向右、向左水平抛出，最后都垂直落在斜面上．已知=4，下列判断正确的是（）A.飞行时间之比t A：t B=2：1B.飞行时间之比t A：t B=4：1C.初速度之比V A：V B=2：1D.初速度之比V A：V B=4：1【答案】AC【解析】解：若在B点向右水平抛出，根据题意知，将垂直落在右边的斜面上，因为=4，由于速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，速度方向相同，则位移方向相同，两三角形相似，根据几何关系知，两球平抛运动的高度之比为4：1，根据h=知，平抛运动的时间之比为t A：t B=2：1，由几何关系知，两球平抛运动的水平位移之比为4：1，则初速度之比为V A：V B=2：1．故A、C正确，B、D错误故选：AC．假设在B点向右水平抛出，小球将垂直落在右边斜面上，根据几何关系得出下落的高度之比，从而得出两球平抛运动的高度之比和水平位移之比，结合平抛运动的规律求出时间和初速度之比．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和几何关系灵活求解．10.如图所示，A、B两个小球用轻杆连接，A球只能沿内壁光滑的竖直滑槽运动，B球处于光滑水平面内，不计球的体积．开始时，在外力作用下A、B球均静止，连接轻杆可视为竖直．现撤去外力，B开始沿水平面向右运动．已知A、B两球的质量均为m，杆长为L，则下列说法中正确的是（以水平面为零势能面）（）A.A球下滑到地面的过程中，轻杆对B先做正功后做负功B.A球着地时的速度大小为C.A球着地时A、B两球的速度大小相同D.A球下滑到地面过程中两球和杆组成的系统机械能守恒【答案】AD【解析】解：A、开始时，B球静止，B的速度为零，当A落地时，B的速度也为零，因此在A 下滑到地面的整个过程中，B先做加速运动，后做减速运动，在B的整个运动过程中，只有轻杆对B做功，因此，轻杆先对B做正功，后做负功，故A正确；B、A球落地时，B的速度为零，在整个过程中，系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：m A g L=m A v2，解得：v=，故B错误；C、A球落地时速度竖直向下，不为零，而B球速度为零，因此A球落地时两球速度不相等，故C错误；D、A球下滑到地面过程中两球和杆组成的系统只有重力做功，系统机械能守恒，故D 正确；故选：AD．只有重力或只有弹力做功，系统机械能守恒，分析清楚两球的运动过程，应用机械能守恒定律分析答题．本题考查了机械能守恒定律的应用，知道A、B组成的系统在运动的过程中机械能守恒、A球落地时，B的速度为零是正确解题的关键．三、实验题探究题(本大题共2小题，共14.0分)11.某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”，弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂-重物M，弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置，分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为______（2）下列不必要的实验要求是______ （请填写选项前对应的字母）A．应测量重物所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）某次试验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，请您提出一个解决办法．______ ．【答案】3.6N；D；【解析】解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N．图指针落在3N到4N的第3格处，所以3.6N．故答案为：3.6．（2）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道．故A正确；B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零．故B正确；C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性．故C正确；D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验．故D错误．本题选不必要的，故选：D．（3）当弹簧测力计A超出其量程，则说明弹簧测力计B与重物这两根细线的力的合力已偏大．又由于挂重物的细线力的方向已确定，所以要么减小重物的重量，要么改变测力计B拉细线的方向，或改变弹簧测力计B拉力的大小，从而使测力计A不超出量程．故答案为：（1）3.6N（2）D（3）减小M的质量、减小OP与竖直方向的夹角、减小簧测力计B拉力的大小．弹簧测力计A挂于固定点，下端用细线挂一重物．当弹簧测力计B一端用细线系于O 点，当向左拉使结点静止于某位置．弹簧测力计A和B的示数分别为两细线的力的大小，同时画出细线的方向即为力的方向．虽悬挂重物的细线方向确定，但大小却不知，所以要测重物重力．当结点静止于某位置时，弹簧测力计B的大小与方向就已确定了．原因是挂重物的细线大小与方向一定，而弹簧测力计A大小与方向也一定，所以两力的合力必一定．当出现超出弹簧测力计A的量程时，通过改变其中一个力大小或另一个力方向来达到此目的．通过作出力的图示来验证“力的平行四边形定则”，重点是如何准确作出力的图示．同时值得注意其中有一力大小与方向均已一定，从而减少实验的操作步骤．12.物理小组在一次验证机械能守恒定律的实验中，实验装置如图甲所示，气垫导轨放置在水平桌面上，一端装有光滑的定滑轮；导轨上有一滑块，其一端与穿过电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接．打点计时器使用的交流电源的频率为f．开始实验时，在托盘中放入适量砝码，先接通电源，再松手后滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列点．（1）本实验存在一个重大的失误，该失误是：______ ．（2）图乙给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有9个计时点未标出，计数点间的距离如图所示．根据图中数据计算的加速度a= ______ （用S1、S3、f表示）（3）为了验证机械能守恒定律，下列物理量中还应测量的是______A．导轨的长度L B．砝码的质量m1 C．滑块的质量m2D．托盘和砝码的总质量m3（4）如果乙图中S1、S2、S3是实验改进后测得的数据，请写出计数点3到计数点4的过程中要验证的机械能守恒守律的表达式______ ．【答案】末验证气垫导轨是否水平；；CD；m3gs2=（m2+m3）[-]【解析】解：（1）在本实验中应验证实验导轨是否水平，而本题中没有进行验证；（2）由于题目中只给出了三组数据，故可采用其中任两组，本题中采用s1和s3；则有：s3-s1=2a T2；因中间有10个间距，故T=；则有：a=；（3）根据实验原理可知，本实验中砝码和托盘的重力势能减小量等于总的动能的增加量；故应测量滑块的质量m2和托盘和砝码的总质量m3（4）分别求出34两点的速度v3=；v4=；物体下降的高度为s2；则由机械能守恒定律可知；m3gs2=（m2+m3）[-]故答案为：（1）末验证气垫导轨是否水平；（2）；（3）CD；（4）m3gs2=（m2+m3）[-]分析实验原理及实验做法，则可得出实验中应注意事项及应测量的物理量；根据实验原理结合机械能守恒定律可得出表达式．本题为探究性实验，要注意正确掌握实验原理，能根据题意明确实验的原理；这样才能准确求解．四、计算题(本大题共4小题，共46.0分)13.西康高速公路穿越秦岭，横跨西安、商洛、安康三地，已于2009年5月28日正式通车．高速公路限速120km/h，一般也要求速度不小于80km/h，如果某人大雾天开车在高速路上行驶，设能见度（观察者与能看见的最远目标间的距离）为75m，该人的反应时间为0.5s，汽车刹车时能产生的最大加速度的大小为5m/s2，为安全行驶，汽车行驶的最大速度是多少？【答案】解：设汽车安全行驶的最大速度为v，由题意可得：驾驶员反应时间内汽车的位移为：s1=vt踩下刹车后至停止汽车的位移为：由s1+s2=75联立可得：v=25m/s答：汽车行驶的最大速度是25m/s【解析】人在反应时间里对车没有操作，车继续做匀速直线运动，当车开始做匀减速直线运动时，根据给出的位移、加速度确定初速度的最大值即可．抓住汽车在人反应时间里做匀速直线运动，开始刹车后做匀减速直线运动求解即可，本题易错点认为汽车直接做匀减速直线运动．14.近年来，随着人类对火星的了解越来越多，美国等国家都已经开始进行移民火星的科学探索，并面向全球招募“单程火星之旅”的志愿者．若某物体在火星表面做自由落体运动的时间是在地球表面同一高度处自由落体时间的1.5倍，已知地球半径是火星半径的2倍．（1）求火星表面重力加速度与地球表面重力加速度的比值．（2）如果将来成功实现了“火星移民”，求出在火星表面发射载人航天器的最小速度v1与地球上卫星最小发射速度v2的比值．【答案】解：（1）根据自由落体运动的位移时间关系公式h=，有：解得：（2）第一宇宙速度是星球表面的环绕速度，重力等于向心力，根据牛顿第二定律，有：解得：v=故：答：（1）火星表面重力加速度与地球表面重力加速度的比值为．（2）在火星表面发射载人航天器的最小速度v1与地球上卫星最小发射速度v2的比值为．【解析】（1）根据自由落体运动的位移时间关系公式h=列式求解重力加速度之比；（2）第一宇宙速度是星球表面的环绕速度，重力等于向心力，根据牛顿第二定律列式求解第一宇宙速度之比．本题关键是先根据自由落体运动确定重力加速度，然后结合重力等于卫星需要的向心力列式求解．15.如图所示，一质量为m=1.0×10-2kg，带电量q=1.0×10-6C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向成θ=60°角．现突然将该电场方向变为竖直向上且大小不变，不考虑因电场的改变而带来的其他影响，小球在运动过程电量保持不变，重力加速度g=10m/s2，结果保留2位有效数字．（1）判断小球带何种电荷，并求电场强度E；（2）求小球经过最低点时丝线的拉力．【答案】解：（1）小球受力如图，由于电场力F与场强方向相反，说明小球带负电．小球的电场力F=q E由平衡条件得：F=mgtanθ解得电场强度为：E=1.7×105 N/C（2）场方向变为竖直向上且大小不变后，由动能定理可知（mg+q E）h=有几何关系可知h=l-lcos60°由牛顿第二定律的F-（mg+q E）=联立解得F=0.55N答：（1）小球带负电，电场强度E为1.7×105 N/C（2）求小球经过最低点时丝线的拉力为0.55N．【解析】（1）小球处于静止状态，分析受力，作出力图，根据电场力与场强方向的关系判断电性．根据平衡条件和电场力公式求解场强．（2）由动能定理求的到达最低点的速度，由牛顿第二定律求的拉力对于涉及物体运动的问题，受力情况分析和运动分析，利用动能定理和共点力平衡即可求得16.如图所示，将倾角为37°的大三角形劈切开为等宽的小三角形劈和众多的梯形劈．现重新将各劈放在一起（各劈互不粘连），组成回原来的大三角形劈，从小三角形劈开始，依次编号为1，2，…，n．可视为质点的物块质量为m=1kg，与斜面部分的动摩擦因数均为μ1=0.5，小三角形劈的质量为M0=1kg，劈的斜面长度均为L=0.3m，与地面的动摩擦因数均为μ2=，现使物块以平行于斜面方向的初速度6m/s从三角形劈的底端冲上斜面，假定最大表摩擦力与滑动摩擦力相等．（1）试求出第n块劈的质量M n与小三角形劈质量M0的关系式．（2）若将所有劈都固定在水平面上，物块最终能冲上第几块劈？（3）若所有劈均不固定，物块滑过第n0块劈时梯形劈开始相对地面滑动，试寻找n0与n的关系．（n0、n均为正整数）【答案】解：（1）根据小三角形劈与各梯形劈的几何关系可知：第1块劈（小三角形）质量：M1=M0第2块劈（梯形）质量：M2=3M0第3块劈的质量：M3=5M0…第n块劈质量：M n=（2n-1）M0（n=1，2，3…）（2）若劈一直保持静止不动，则物块在开始上滑至上升到最高点的过程中，有：物块与斜面间的弹力：F N1=mgcos37°滑动摩擦力f1=μ1F N1由动能定理得：mgsin37°S+f1S=mv02-0代入数据的：S=1.8mn==6所以物块最终能冲上第6块斜劈的顶端；（3）大三角形劈的总质量为：M=M0+3M0+（2n-1）M0所以，第n0+1块劈以后的所有劈的质量为：M=M n-M=（n2-n02）M0从第n0+1块劈以后的所有劈收到地面的支持力为：F N2=M g+F N1cos37°-f1sin37°当f1cos37°+F N1sin37°=μ2F N2时刚好开始滑动解得：n2-n02=4答：（1）第n块劈的质量M n与小三角形劈质量M0的关系式为M n=（2n-1）M0（n=1，2，3…）．（2）若将所有劈都固定在水平面上，物块最终能冲上第6块劈．（3）若所有劈均不固定，物块滑过第n0块劈时梯形劈开始相对地面滑动，寻找n0与n 的关系n2-n02=4．。

陕西省师大附中2015届高三第四次模拟考试理综物理试题

陕西师大附中高2015届高三第四次模拟考试理科综合物理试题注意事项：1．本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分，总分300分，考试时间150分钟。

2．答题前，考生需将自己的班级、姓名、考号填写在指定位置上。

3．选择题答案使用2B 铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。

4．请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。

5．考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

6．做题时可能用到的数据：相对原子质量:H-1 C-12 N-14 O-16 Cl-35.5 Ti-48 V-51 Ni-59 Fe-56 Mn-55第I 卷选择题二、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，其中14-19题只有一项符合题目要求，第19-21题有的有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 14．20世纪物理学解开了物质分子、原子内部结构之谜，人们对电现象的本质又有了更深入的了解.关于电荷以及电荷相互作用的认识，下列说法正确的是（）A ．无论是摩擦起电还是感应起电，本质上都是使微观带电粒子在物体之间或物体内部转移B ．电荷量是可以连续变化的物理量C ．由于静电力和万有引力的公式在形式上很相似，所以目前科学界公认：静电力和万有引力都是电磁相互作用D ．静电力既不需要媒介，也不需要经历时间，是超越空间和时间直接发生的作用力15．“弹弓”一直是孩子们最喜爱的弹射类玩具之一，其构造如图所示，橡皮筋两端点A 、B 固定在把手上，橡皮筋ACB 恰好处于原长状态，在C 处（AB 连线的中垂线上）放一固体弹丸，一手执把，另一手将弹丸拉至D 点放手，弹丸就会在橡皮筋的作用下迅速发射出去，打击目标，现将弹丸竖直向上发射，已知E 是CD 中点，则（）A ．从D 到C ，弹丸的机械能守恒B ．从D 到C ，弹丸的动能一直在增大 C ．从D 到C ，弹丸的机械能先增大后减小D ．从D 到E 弹丸增加的机械能大于从E 到C 弹丸增加的机械能 16．如图所示，汽车车厢顶部悬挂一个轻质弹簧，弹簧下端拴一个质量为m 的小球，当汽车以某一速度在水平地面上匀速行驶时弹簧长度为L 1；当汽车以同一速度匀速率通过一个桥面为圆弧形凸形桥的最高点时，弹簧长度为L 2，下列答案中正确的是（）A ．21L L >B ．21L L <C ．21L L =D ．前三种情况均有可能 17.如图为某款电吹风的电路图，a 、b 、c 、d 为四个固定触电，可动的扇形金属片P 可同时接触两个触电．触片P 处于不同位置时，电吹风可处于停机、吹热风和吹自然风三种不同的工作状态．理想变压器的两线圈匝数分别为n 1和n 2，电吹的各项参数如下表所示，下列说法正确的有（） A. 触片P 与触点b 、c 接触时，电吹风吹热风 B. 小风扇的内阻为60ΩC. 变压器两线圈的匝数比n 1：n 2=3：11D. 若把电热丝截去一小段后再接入电路，电吹风吹热风时输入功率将变小 18. 如图所示，实线为电视机显像管主聚焦电场中的等势面。

【物理】陕西省西安市八校联考2015届高考模拟试卷(三)

2015年陕西省西安市八校联考高考物理模拟试卷（三）一、选择题（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分）1．（6分）如图所示，空间中存在一匀强磁场，将长度为L的直导线放置在y轴上，当通以大小为I、沿y轴负方向的电流后，测得其受到的安培力大小为F．方向沿z轴正方向．则关于的磁感应强度的方向和大小，说法正确的是（）A．只能沿x轴正方向B．可能在xOz平面内，大小为C．可能在xOy平面内，大小为D．可能在zOy平面内，大小为2．（6分）光滑水平面上静止的物体，受到一个水平拉力作用开始运动，拉力F随时间t变化的图象如图所示，用E k、v、x、a分别表示物体的动能、速度、位移和加速度，下列四个图象分别定性描述了这些物理量随时间变化的情况，其中正确的是（）A．B．C．D．3．（6分）用一水平拉力使质量为m的物体从静止开始沿粗糙的水平面运动，物体的v﹣t 图象如图所示，下列表述正确的是（）A．在0～t1时间内拉力逐渐减小B．在0～t1时间内物体做曲线运动C．在t1～t2时间内拉力的功率为零D．在t1～t2时间内合外力做功为mv24．（6分）太阳系中某行星A运行的轨道半径为R，周期为T，但天文学家在观测中发现，其实际运行的轨道与圆轨道存在一些偏离，且每隔时间￡发生一次最大的偏离．形成这种现象的原因可能是A外侧还存在着一颗未知行星B，它对A的万有引力引起A行星轨道的偏离，假设其运动轨道与A在同一平面内，且与A的绕行方向相同，由此可推测未知行星日绕太阳运行的圆轨道半径为（）A．R B．R C．R D．R5．（6分）如图所示，MN是一点电荷产生的电场中的一条电场线，一个带正电的粒子（不计重力）穿越这条电场线的轨迹如图中虚线所示．a、b为轨迹上两点．下列结论正确的是（）A．产生电场的电荷一定为负点电荷B．带电粒子在n点的加速度小于在b点的加速度C．带电粒子从a到b过程中动能逐渐减小D．带电粒子在a点时具右的电势能大于在b点时具有的电势能6．（6分）如图所示，半径为尺的一圆柱形匀强磁场区域的横截面，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外，磁场外有一粒子源，能沿一直线发射速度大小不等的在一范围内的同种带电粒子，带电粒子的质量为m，电荷量为q（q＞0），不计重力．现粒子以沿正对co中点且垂直于co方向射人磁场区域，发现带电粒子恰能能从bd之间飞出磁场．则（）A．从b点飞出的带电粒子的速度最大B．从d点飞出的带电粒子的速度最小C．从d点飞出的带电粒子的时间最长D．从b点飞出的带电粒子的时间最短7．（6分）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想交流电表，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，图中R为NTC型热敏电阻（阻值随温度的升高而减小），R1为定值电阻，下列说法正确的是（）A．交流电压M的表达式u=36sin100πtVB．R1处温度升高时，电流表A的示数变大，电压表V2示数减小C．变压器原、副线圈中的电流之比随R1处温度的变化而变化D．R1处温度升高时，变压器原线圈的输入功率变大8．（6分）如图所示，不计电阻的光滑U形金属框水平放置，光滑、竖直玻璃挡板H、P固定在框上，H、P的间距很小．质量为0.2kg的细金属杆CD恰好无挤压地放在两挡板之间，与金属框接触良好并围成边长为1m的正方形，其有效电阻为0.1Ω此时在整个空间加上方向与水平面成30°角且与金属杆垂直的匀强磁场，磁感应强度随时间变化规律是B=（0.4﹣0.2t）T，图示磁场方向为正方向．框、挡板和杆不计形变．则（）A．金属杆中感应电流方向始终从C至DB．金属杆中感应电流的大小始终为2AC．金属杆受到向上的支持力一直增大D．t=0时与t=4s时，金属杆对挡板的压力大小均为0.4N二、非选择题（包括必考题和选考题两部分，第9题～第12题为必考题，每个小题考生都必须作答，第13题～第18题为选考题，考生根据要隶作答．）（一）必考题9．（6分）某实验小组利用如图甲所示的气垫导轨实验装置来探究合力一定时，物体的加速度与质量之间的关系（1）为了保持滑块所受的合力不变，可改变滑块质量M和气垫导轨最右端高度h（见图甲）．关于“改变滑块质量M和气垫导轨最右端的高度”的正确操作方法是A．M减小时，h增大，以保持二者乘积不变B．M增大时，h增大，以保持二者乘积增大C．M增大时，h减小，以保持二者乘积减小D．M减小时，h减小，以保持二者乘积减小（2）做实验时，将滑块从图甲所示位置气垫导轨右端由静止释放，由数字计时器（图中未画出）可读出遮光条通过光电门1、2的时间分别为△t1、△t2；用刻度尺测得两个光电门中心之间的距离x，用游标卡尺测得遮光条宽度d．则滑块加速度的表达式a=（以上表达式均用已知字母表示）．如图乙所示，若用20分度的游标卡尺测量遮光条的宽度，其读数mm．10．（9分）某同学在用电流表和电压表测电池的电动势和内阻的实验中，为了便于测量，给电源串联了一个2Ω的保护电阻R0，实验电路如图1所示，（1）连好电路后，当该同学闭合电键，发现电流表示数为0，电压表示数不为0．检查各接线柱均未接错，且接触良好；他用多用电表的电压挡检查电路，把两表笔分别接a、b；b、c；d、e时，示数均为0，把两表笔接c、d时，示数与电压表示数相同，由此可推断故障是．（2）按电路原理图l及用多用电表的电压挡检查电路，把两表笔分别接c、d时的实物电路图2以画线代导线将没连接的线连接起来．（3）排除故障后，该同学顺利完成实验，测得下列数据且根据数据在坐标图3中描出对应的点，请画出U﹣I图；I/A 0.10 0.17 0.23 0.30 0.40U/A 1.20 1.00 0.80 0.60 0.55由图3求出：电池的电动势为V，内阻为Ω（4）考虑电表本身电阻对测量结果的影响，造成本实验的系统误差的原因是，测出的电动势与真实值相比会（填“增大”、“减小”或“不变”）．11．（14分）如图甲所示，一半径R=1m、竖直圆弧形光滑轨道，与斜面相切于B处，圆弧轨道的最高点为M，斜面倾角θ=37°，t=0时刻，有一质量m=2kg的物块从A点开始沿斜面上滑，其在斜面上运动的速度变化规律如图乙所示，若物块恰能到达M点，（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）物块经过B点时的速度V B（2）物块在斜面上滑动的过程中克服摩擦力做的功．12．（18分）如图（甲）所示，在直角坐标系0≤x≤L区域内有沿y轴正方向的匀强电场，右侧有一个以点（3L，0）为圆心、半径为L的圆形区域，圆形区域与x轴的交点分别为M、N．现有一质量为m、带电量为e的电子，从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入电场，飞出电场后从M点进入圆形区域，速度方向与X轴夹角为30°．此时在圆形区域加上如图（乙）所示周期性变化的磁场（以垂直于纸面向外为磁场正方向），最后电子运动一段时间后从N点飞出，速度方向与进入磁场时的速度方向相同（与X轴夹角也为30°）．求：（1）0≤x≤L区域内匀强电场场强E的大小；（2）圆形磁场区域磁感应强度B0的大小以及碰场变化周期T．二.选做题（共45分．请考生从给出的3道物理题中任选一题解答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目涂黑．注意所做题目必须与所涂题目一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则按所做的第一题计分．）【物理一选修3-3】（15分）13．（6分）下列说法正确的是（）A．热力学第二定律可描述为“不可能使热量由低温物体传递到高温物体”B．分子间的相互作用力随着分子间距离的增大，一定先减小后增大C．只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏伽德罗常数D．由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势E．用活塞压缩气缸内的理想气体，对气体做了3.0×l05J的功，同时气体向外界放出1.5×l05J 的热量，则气体内能增加了1.5×l05J14．（9分）如图所示，一定质量的理想气体被水银柱封闭在竖直玻璃管内，气柱长度为h．第一次向管内缓慢地添加一定质量的水银，水银添加完时，气柱长度变为h．第二次再取与第一次相同质量的水银缓慢地添加在管内，整个过程水银未溢出玻璃管，外界大气压强保持不变，①求第二次水银添加完时气柱的长度．②若第二次水银添加完时气体温度为T0，现使气体温度缓慢升高．求气柱长度恢复到原来长度h时气体的温度．（水银未溢出玻璃管）【物理一选修3-4】（15分）15．下列说法正确的是（）A．波的图象表示介质中“某个质点”在“各个时刻”的位移B．当波源与观察者相互远离时，观察到的频率变小C．肥皂泡呈现彩色条纹是光的折射现象造成的D．狭义相对论认为，在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的，真空中光速相同E．a、b两束光照射同一双缝干涉装置在屏上得到干涉图样中a的相邻亮条纹间距比b光的相邻亮条纹间距小，则可以判断水对a光的折射率比b光大16．如图所示是一种液体深度自动监测仪示意图，在容器的底部水平放置一平面镜，在平面镜上方有一光屏与平面镜平行，激光器发出的一束光线以60°的入射角到液平面上，进入液体中的光线经平面镜反射后再从液体的上表面射出，打出光屛上形成一亮点，液体的深度变化后光屏上亮点向左移动了2dm，已知该液体的折射率n=．真空中光速c=3.0×108m/s，不考虑经液面反射的光线，求：①液面高度的变化量；②液体的深度变化前后激光从发出到打到光屏上的时间变化了多少？【物理一选修3-5】（15分）17．下列说法正确的是（）A．在关于物质波的表达式ɛ=hγ和P=中，能量和动量p是描述物质的粒子性的重要物理量，波长λ或频率γ是描述物质的波动性的典型物理量B．卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，揭示了原子核的组成C．Th（钍）核衰变为Pa（镤）核时，衰变前Th核质量等于衰变后Pa核与粒子的总质量D．根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小E．光电效应的实验结论是：对于某种金属，超过极限频率的入射光频率较高，所产生的光电子的最大初动能越大18．如图所示，在光滑水平地面上有一质量为2m的长木板，其左端放有一质量为m的重物（可视为质点），重物与长木板之间的动摩擦因数为μ．开始时，长木板和重物都静止，现在给重物以初速度v0，设长木板撞到前方固定的障碍物前，长木板和重物的速度已经相等．已知长木板与障碍物发生弹性碰撞，为使重物始终不从长木板上掉下来，求长木板的长度L至少为多少？（重力加速度度为g）2015年陕西省西安市八校联考高考物理模拟试卷（三）参考答案与试题解析一、选择题（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分）1．（6分）如图所示，空间中存在一匀强磁场，将长度为L的直导线放置在y轴上，当通以大小为I、沿y轴负方向的电流后，测得其受到的安培力大小为F．方向沿z轴正方向．则关于的磁感应强度的方向和大小，说法正确的是（）A．只能沿x轴正方向B．可能在xOz平面内，大小为C．可能在xOy平面内，大小为D．可能在zOy平面内，大小为考点：磁感应强度；安培力．分析：根据左手定则判断磁场的方向，由F=BILsinθ分析磁感应强度可能值．解答：解：已知电流沿y轴负方向，安培力方向沿x轴正方向，根据左手定则判断得知匀强磁场的磁感应强度在zOy平面内．设磁场与导线的夹角为α，则0°＜α≤90°当α=90°时，由F=BILsinα可知，B有最小值为B min=当0°＜α＜90°，B＞，所以B=和B=是可能的．故ABD错误，C正确．故选：C点评：本题关键掌握安培力的一般公式F=BILsinα，知道α是导线与磁场方向的夹角，当α=90°时，B有最小值．2．（6分）光滑水平面上静止的物体，受到一个水平拉力作用开始运动，拉力F随时间t变化的图象如图所示，用E k、v、x、a分别表示物体的动能、速度、位移和加速度，下列四个图象分别定性描述了这些物理量随时间变化的情况，其中正确的是（）A．B．C．D．考点：动能定理；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：根据物体的受力情况分析物体的运动情况，结合运动学基本公式及做功公式、功率公式即可求解．解答：解：由题意可知，光滑水平面上静止的物体，受到一个水平拉力作用开始运动，加速度恒定，故D错误；则有速度v=at，可知，速度与时间成正比；故B正确；由位移公式可知，s=，位移与时间为二次函数关系，图象应为曲线；故C错误；而动能=，图象也为曲线；故A错误；故选：B点评：本题主要考查了同学们读图的能力，要求同学们能根据受力情况分析物体的运动情况，根据物理规律得出对应的表达式，则可由数学规律明确图象的性质．3．（6分）用一水平拉力使质量为m的物体从静止开始沿粗糙的水平面运动，物体的v﹣t 图象如图所示，下列表述正确的是（）。

陕西2015届高三理科综合仿真模拟试题

选择题（本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．某同学通过以下步骤测出了从一定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上，把排球在水里弄湿，然后让排球从规定的高度自由落下，并在白纸上留下球的水印。

再将印有水印的白纸铺在台秤上，将球放在纸上的水印中心，缓慢地向下压球，使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水印，记下此时台秤的示数，然后根据台秤的示数算出冲击力的最大值。

下列物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法相同的是A ．建立“质点”的概念B ．建立“点电荷”的概念C ．建立“电场强度”的概念D ．建立“合力与分力”的概念15．a 、b 两车在同一直线上做匀加速直线运动，v －t 图象如图所示，在15 s 末两车在途中相遇，由图象可知 A ．a 车的速度变化比b 车快 B ．出发前a 车在b 车之前75 m 处 C ．相遇前a 、b 两车的最远距离为50 mD ．出发前b 车在a 车之后150 m 处 C ．相遇前a 、b 两车的最远距离为50 m16．如图所示，倾角为的斜面体C 置于水平地面上，小物块B 置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A 相连接，连接物体B 的一段细绳与斜面平行，已知A 、B 、C 都处于静止状态。

则 A ．物体B 受到斜面体C 的摩擦力一定不为零 B ．斜面体C 受到水平面的摩擦力一定为零C ．斜面体C 有沿地面向右滑动的趋势，一定受到地面向左的摩擦力D ．将细绳剪断，若B 物体依然静止在斜面上，此时水平面对斜面体C 的摩擦力一定不为零17．如图虚线框内为高温超导限流器，它由超导部件和限流电阻并联组成。

超导部件有一个超导临界电流I C ，当通过限流器的电流I>I C 时，将造成超导体失超，从超导态(电阻为零，即R 1=0)转变为正常态(一个纯电阻，且R 1 =3Ω )，以此来限制电力系统的故障电流。

2015届高三物理第三次模拟考试试题

2015年陕西省高考物理三模试卷一、选择题：本题共有8个小题，每小题6分，共48分．在每小题所给出的四个选项中，有的只有一个选项是正确的，有的有多个选项是正确的．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．第1-5为单选，6-8为多选1．（6分）（2015•陕西三模）一根通电直导线水平放置在地球赤道上方，其中通有自西向东的恒定电流，则该导线受到地球磁场的安培力方向为（）A．水平向北B．水平向南C．竖直向上D．竖直向下【考点】：左手定则．【分析】：通过地磁场方向：由地理的南极指向北极，及电流方向，根据左手定则判断安培力的方向．【解析】：解：赤道处的磁场方向从南向北，电流方向自西向东，根据左手定则，安培力的方向竖直向上．故C正确，A、B、D错误．故选：C．【点评】：解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系，注意地磁场方向由地理的南极指向北极．2．（6分）（2015•陕西三模）如图所示，在M点分别以不同的速度将两小球水平抛出．两小球分别落在水平地面上的P点、Q点．已知O点是M点在地面上的竖直投影，OP：PQ=1：3，且不考虑空气阻力的影响．下列说法中正确的是（）A．两小球的下落时间之比为1：3B．两小球的下落时间之比为1：4C．两小球的初速度大小之比为1：3D．两小球的初速度大小之比为1：4【考点】：平抛运动．【专题】：平抛运动专题．【分析】：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合水平位移和时间求出初速度之比．【解析】：解：A、两球做平抛运动，高度相同，则下落的时间相同，故A、B错误．C、由于两球的水平位移之比为1：4，根据知，两小球的初速度大小之比为1：4，故C 错误，D正确．故选：D．【点评】：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．3．（6分）（2015•陕西三模）如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着两物块A、B，相互绝缘且质量均为2kg，A带正电，电荷量为0.1C，B不带电．开始处于静止状态，若突然加沿竖直方向的匀强电场，此瞬间A对B的压力大小变为15N．g=10m/s2，则（）A．电场强度为50N/C B．电场强度为100N/CC．电场强度为150N/C D．电场强度为200N/C【考点】：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：先对物体B受力分析求解加速度，再对物体A受力分析求解电场力，最后根据F=Eq 求解电场强度．【解析】：解：物体B开始时平衡，A对其的压力等于A的重力，为20N，加上电场后瞬间A 对B的压力大小变为15N，而弹簧的弹力和重力不变，故合力为5N，向上，根据牛顿第二定律，有：a=再对物体A受力分析，设电场力为F（向上），根据牛顿第二定律，有：FN+F﹣mg=ma解得：F=m（g+a）﹣FN=2×（10+2.5）﹣15=10N故电场力向上，为10N，故场强为：E=向上故选：B．【点评】：本题关键是采用隔离法先后对物体B和A受力分析，然后根据牛顿第二定律多次列方程求解，不难．4．（6分）（2015•陕西三模）如图所示，虚线为电场中的一簇等势面与纸面的交线，相邻两等势面电势差相等，已知A、B两等势面间的电势差为10V，且A的电势高于B的电势．一个电子仅在电场力作用下从M点向N点运动，电子经过M点时的动能为8eV，则电子经过N点时的动能为（）A．16 eV B．7.5 eV C． 4.0 eV D．0.5 eV【考点】：电场线．【分析】：根据电势高低判断电场力对电子做功的正负，运用动能定理求经过N点时的动能．【解析】：解：由题意知，A、B两等势面间的电势差为10V，相邻两等势面电势差相等，则知M、N间的电势差为：U=7.5V．因为A的电势高于B的电势，则知M的电势高于N的电势，电子从M点运动到N点，电场力做负功为：W=﹣7.5eV根据动能定理得：W=EkN﹣EkM则得：EkN=W+EkM=﹣7.5eV+8eV=0.5eV故选：D．【点评】：本题只要掌握动能定理和能量守恒定律，并能用来分析电场中带电粒子运动的问题．5．（6分）（2015•陕西三模）图示的电路中电表均为理想电表，电源为恒流电源，即不管外电路情况如何变化，它都能提供持续且恒定的电流．则当滑动变阻器R0的滑动端向上滑动时，电压表示数的变化量与电流表示数变化量之比的绝对值等于（）A．R0 B．R1 C．R2 D．电源内阻r【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：电源为恒流电源，电源输出的是恒定电流，设为I0，并设滑动端上移前电压表示数为U1，电流表示数为I1．根据欧姆定律和电路的连接关系，得到的表达式，即可作出判断．【解析】：解：设电源输出的恒定电流为I0，R1两端电压为UR1（由于通过它的电流恒定，所以该电压亦恒定），滑动端上移前电压表示数为U1，电流表示数为I1；滑动端上移后，电压表示数为U2，电流表示数为I2（由于R0变大，所以必有U2＞U1，I2＜I1）．于是有，，两式相减得U2﹣U1=（I1﹣I2）R2即故选：C．【点评】：本题是非常规题，要抓住特殊条件：电源为恒流源，分析电压表读数与电流表读数的关系，再求解变化量之比．6．（6分）（2015•陕西三模）物理学中常用比值法定义物理量．下列说法正确的是（）A．用E=定义电场强度B．用C=定义电容器的电容C．用R=ρ定义导线的电阻D．用B=定义磁感应强度【考点】：电容；物理学史．【分析】：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比值”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．【解析】：解：A、E=是电场强度的定义式，采用比值定义法，定义出的电场强度E与F、q 无关．故A正确．B、C=是电容的决定式，C与ɛ、S成正比，与d成反比，这个公式不是比值定义法，故B错误．C、R=是电阻的决定式，R与ρ、l成正比，与S成反比，不符合比值定义法的共性，故C 错误．D、B=是磁感应强度的定义式，采用比值定义法，定义出的磁感应强度B与F、IL无关，故D正确．故选：AD．【点评】：解决本题的关键理解比值定义法的共性：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性．7．（6分）（2015•陕西三模）图甲中一理想变压器原、副线圈匝数之比为55：6，其原线圈两端接入如图乙所示的正弦交流电，副线圈通过电流表与阻值R=48Ω的负载电阻相连．若交流电压表和交流电流表都是理想电表，则下列说法中正确的是（）A．电压表的示数是24VB．电流表的示数为0.50AC．变压器原线圈得到的功率是12WD．原线圈输入的正弦交变电流的频率是50Hz【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：由图乙可知交流电压最大值，周期T=0.02s，可由周期求出角速度的值，则可得交流电压u的表达式、由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，Rt处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流．【解析】：解：A、由图乙可知交流电压有效值为220V，理想变压器原、副线圈匝数之比为55：6，副线圈电压为24V，电压表的示数是24V．电阻为48Ω，所以流过电阻中的电流为0.5A，变压器的输入功率是：P入=P出==12W．故BC正确，A错误；D、由图乙可知交流电周期T=0.01s，可由周期求出正弦交变电流的频率是100Hz，故D错误．故选：BC【点评】：根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键8．（6分）（2015•陕西三模）导体导电是导体中自由电荷定向移动的结果，这些可以定向移动的电荷又叫载流子，例如金属导体中的载流子就是电子．现代广泛应用的半导体材料分为两大类：一类是N型半导体，其载流子是电子，另一类是P型半导体，其载流子称为“空穴”，相当于带正电的粒子．如果把某种导电材料制成长方体放在匀强磁场中，磁场方向如图所示，且与长方体的前后侧面垂直，当长方体中通有向右的电流I时，测得长方体的上下表面的电势分别为φ上和φ下，则（）A．长方体如果是N型半导体，必有φ上＞φ下B．长方体如果是P型半导体，必有φ上＞φ下C．长方体如果是P型半导体，必有φ上＜φ下D．长方体如果是金属导体，必有φ上＜φ下【考点】：霍尔效应及其应用．【分析】：如果是P型半导体，载流子是正电荷，如果是N型半导体，载流子为电子．抓住电荷在洛伦兹力作用下发生偏转，在上下表面产生电势差，从而确定电势的高低．【解析】：解：A、如果是N型半导体，载流子是负电荷，根据左手定则，负电荷向下偏，则下表面带负电，则φ上＞φ下．故A正确．B、如果是P型半导体，载流子是正电荷，根据左手定则，正电荷向下偏，则下表面带正电，则φ上＜φ下．故B错误，C正确．D、如果是金属导体，则移动的自由电子，根据左手定则，负电荷向下偏，则下表面带负电，则φ上＞φ下．故D错误．故选：AC．【点评】：解决本题的关键理清是什么电荷移动，运用左手定则判断出电荷的偏转方向，从而确定电势的高低．二、实验题（共18分）9．（6分）（2015•陕西三模）测定木块和长木板之间的动摩擦因数时，采用图甲所示的装置（图中长木板水平固定不动）（1）已知重力加速度为g，测得木块质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m，木块的加速度为a，则木块和长木板间的动摩擦因数的表达式μ=；（2）图乙为木块在长木板上运动时，打点器在木块拖动的纸带上打出的一部分计数点（相邻计数点之间还有四个计时点没有画出），其编号为0、1、2、3、4、5、6．试利用图中的长度符号x1、x2和表示计数周期的符号T写出木块加速度的表达式a=．（3）已知电火花打点计时器工作频率为50Hz，用直尺测出x1=13.01cm，x2=29.00cm（见图乙），根据这些数据可计算出木块加速度大小a= 2.0m/s2（保留两位有效数字）．【考点】：探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】：实验题；摩擦力专题．【分析】：（1）对木块、砝码盘和砝码进行受力分析，运用牛顿第二定律求出木块与长木板间动摩擦因数．（2）（3）根据匀变速直线运动的规律根据sm﹣sn=（m﹣n）at2求解加速度．【解析】：解：（1）对木块、砝码盘和砝码组成的系统，由牛顿第二定律得：mg﹣μMg=（M+m）a，解得：；（2）已知第一段位移s1=x1，第三段位移s3=x2，t=2T，根据sm﹣sn=（m﹣n）at2得：a==（3）将x1=13.01cm=0.1301m，x2=29.00cm=0.29m代入（2）式，解得：a=2.0m/s2故答案为：（1）；（2）；（3）2.0．【点评】：本题考查了求动摩擦因数、加速度，正确选择研究对象，应用牛顿第二定律即可求出动摩擦因数，计算注意有效数字．10．（12分）（2015•陕西三模）用图（1）所示的电路（图中电流表为理想表）测量电源的电动势E及内阻r时，调节电阻箱R0的阻值，并记录电流表相应的示数I，则与R0的函数关系为；（2）．根据这个函数关系可作出﹣R0图象，该图象的斜率k=，纵截距a=，横截距b=﹣r（均用电源电动势E或内阻r表示）；（3）．图（2）中的a、b、c、d、e是测定时根据测量数据作出的一些坐标点，试过这些坐标点作出﹣R0图象，根据该图象可求出该电源的电动势E= 6.0V，内阻r= 1.0Ω．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题；恒定电流专题．【分析】：根据电路图应用欧姆定律求出图象的函数表达式，然后根据图象求出电源电动势与内阻．【解析】：解：由图示电路图可知，电源电动势：E=I（r+R），则：=R0+，由图示图象可知，m=，k=，b=﹣r；由图可知，k==；故电源电动势：E==6.0V；，电源内阻：r=﹣b=1.0Ω；故答案为：（1）.；（2）.，，﹣r（3）6.0，1.0【点评】：本题考查了求电源电动势与内阻，应用欧姆定律求出图象的函数表达式是正确解题的关键三、计算题（28分）11．（10分）（2015•陕西三模）一个小球从静止开始沿如图所示的光滑斜面轨道AB匀加速下滑，然后进入水平轨道BC匀速滚动，之后靠惯性冲上斜面轨道CD，直到速度减为零．设小球经过水平面和两斜面的衔接点B、C时速度的大小不变．表是测出的不同时刻小球速度大小，取重力加速度g=10m/s2，求：时刻t/s 0 0.6 1.2 1.8 5 10 13 15速度v/m．s﹣1 0 3.0 6.0 9.0 15 15 9.0 3.0（1）轨道AB段的倾角是多少？（2）小球从开始下滑直至在斜面CD上速度减为零通过的总路程是多少？【考点】：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：（1）有表格数据，根据加速度定义求解加速度，根据牛顿运动定律列式求解角度；（2）根据表格分段求出相应的时间和加速度，根据总路程等于各段位移之和求解．【解析】：解：（1）根据表中数据可知小球沿AB斜面下滑的加速度由牛顿运动定律得mgsinα=ma1解得，故斜面AB段的倾角α=300．（2）根据表中数据可知，小球在斜面AB上下滑时间小球在斜面CD上做减速运动的加速度从最大速度vm=15m/s减至速度为9m/s用时于是，小球在水平面上运动时间t2=13﹣t1﹣t3=8s故小球的总路程答：（1）轨道AB段的倾角是30°（2）小球从开始下滑直至在斜面CD上速度减为零通过的总路程是180m【点评】：此题考查从表格中读取数据的能力，结合牛顿运动定律和匀变速直线运动规律的应用即可解题．12．（18分）（2015•陕西三模）如图（1）所示，一边长L=0.5m，质量m=0.5kg的正方形金属线框，放在光滑绝缘的水平面上，整个装置处在方向竖直、磁感应强度B=0.8T的匀强磁场中．金属线框的一个边与磁场的边界MN重合，在水平拉力作用下由静止开始向右运动，经过t=0.5s 线框被拉出磁场．测得金属线框中的电流I随时间变化的图象如图（2）所示，在金属线框被拉出磁场的过程中（1）求通过线框导线截面的电量及该金属框的电阻；（2）写出水平力F随时间t变化的表达式；（3）若已知在拉出金属框的过程中水平拉力做功1.10J，求此过程中线框产生的焦耳热．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【专题】：电磁感应——功能问题．【分析】：（1）根据题图（2）知，在t=0.5s时间内通过金属框的平均电流=0.50A，于是通过金属框的电量q，平均感应电动势，平均电流，通过金属框的电量q=，得q=，求得电阻R．（2）由图（2）知金属框中感应电流线性增大，说明金属框运动速度线性增加，即金属框被匀加速拉出磁场，由L=得加速度a，根据牛顿运动定律的拉力大小关系式；（3）由运动学公式求末速度，由能量守恒知，此过程中金属框产生的焦耳热．【解析】：解：（1）根据题图（2）知，在t=0.5s时间内通过金属框的平均电流=0.50A，于是通过金属框的电量q=；由平均感应电动势，平均电流，通过金属框的电量q=，得q=，于是金属框的电阻R==0.80Ω（2）由图（2）知金属框中感应电流线性增大，说明金属框运动速度线性增加，即金属框被匀加速拉出磁场．又知金属框在t=0.5s时间内运动距离L=0.5m，由L=得加速度a==4m/s2由图（2）知金属框中感应电流随时间变化规律为i=kt，其中比例系数k=2.0A/s．于是安培力fA随时间t变化规律为fA=BiL=kBLt．由牛顿运动定律得F﹣fA=ma，所以水平拉力F=fA+ma=ma+kBLt代入数据得水平拉力随时间变化规律为F=2+0.8t（N）．（3）．根据运动情况知金属框离开磁场时的速度v==2m/s由能量守恒知，此过程中金属框产生的焦耳热Q=WF﹣=0.1J【点评】：本题是电磁感应与电路、力学知识的综合，能根据图象知导体棒做匀减速直线运动．【物理选修3-3】13．（6分）（2015•陕西三模）如图，甲分子固定在坐标原点0，乙分子位于x轴上，两分子之间的相互F作用力与两分子间距离x的关系如图中曲线所示，F＞0为斥力，F＜0为引力，a、b、c、d、为x轴上四个特定的位置，现把乙分子从a处由静止释放，则（）A．乙分子从a到b做加速运动，由b到c做减速运动B．乙分子从a到c做加速运动，经过c点时速度最大C．乙分子由a到c的过程中，两分子的势能一直减少D．乙分子由a到d的过程中，两分子的势能一直减少【考点】：分子势能．【分析】：根据图象可以看出分子力的大小变化，在横轴下方的为引力，上方的为斥力，分子力做正功分子势能减小，分子力做负功分子势能增大．【解析】：解：根据图象可以看出分子力的大小变化，在横轴下方的为引力，上方的为斥力，把乙分子沿x轴负方向从a处移动到d处过程中，在C位置分子间作用力最小．乙分子由a 到c一直受引力，随距离减小，分子力做正功，分子势能减小；从c到d分子力是斥力且不断增大，随距离减小分子力做负功，分子势能增大，故在c位置分子势能最小，动能最大．故BC正确，AD错误．故选：BC．【点评】：本题虽在热学部分出现，但考查内容涉及功和能的关系等力学知识，综合性较强．14．（10分）（2015•陕西三模）如图，导热性能极好的气缸，高为L=l.0m，开口向上固定在水平面上，气缸中有横截面积为S=100cm2、质量为m=20kg的光滑活塞，活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内．当外界温度为t=27℃、大气压为P0=l.0×l05Pa时，气柱高度为l=0.80m，气缸和活塞的厚度均可忽略不计，取g=10m/s2，求：①如果气体温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸顶端．在顶端处，竖直拉力F有多大？②如果仅因为环境温度缓慢升高导致活塞上升，当活塞上升到气缸顶端时，环境温度为多少摄氏度？【考点】：理想气体的状态方程；封闭气体压强．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：①如果气体温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸顶端，气体属于等温变化，利用玻意耳定律可求解．②如果外界温度缓慢升高到恰使活塞移至气缸顶端，气体是等压变化，由盖吕萨克定律可求解【解析】：解：①．设起始状态气缸内气体压强为p1，当活塞缓慢拉至气缸顶端，设气缸内气体压强为p2由玻意耳定律得：p1lS=p2LS在起始状态对活塞由受力平衡得：p1S=mg+p0S在气缸顶端对活塞由受力平衡得：F+p2S=mg+p0S联立并代入数据得：F=240N②．由盖﹣吕萨克定律得：代入数据解得：t=102°C．答：①如果气体温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸顶端．在顶端处，竖直拉力F为240N；②如果仅因为环境温度缓慢升高导致活塞上升，当活塞上升到气缸顶端时，环境温度为102摄氏度．【点评】：本题考察气体实验定律，关键是根据题目暗含条件分析出为何种变化过程，然后确定好初末状态量，选择合适的气体实验定律列式求解即可．【物理选修3-4】15．（2015•陕西三模）在实验室可以做“声波碎杯”的实验，用手指轻弹一只玻璃酒杯，可以听到清脆的声音，测得这声音的频率为500Hz．将这只酒杯放在一个大功率的声波发生器前，操作人员通过调整其发出的声波，就能使酒杯碎掉．下列说法中正确的是（）A．操作人员必须把声波发生器输出的功率调到很大B．操作人员必须使声波发生器发出频率很高的超声波C．操作人员必须同时增大声波发生器发出声波的频率和功率D．操作人员必须将声波发生器发出的声波频率调到500Hz，且适当增大其输出功率【考点】：产生共振的条件及其应用．【分析】：用声波将酒杯震碎是利用酒杯发生了共振现象，而物体发生共振的条件是驱动力的频率等于物体的固有频率【解析】：解：由题用手指轻弹一只酒杯，测得这声音的频率为500Hz，就是酒杯的固有频率．当物体发生共振时，物体振动的振幅最大，甚至可能造成物体解体，将这只酒杯放在两只大功率的声波发生器之间，操作人员通过调整其发出的声波，将酒杯震碎是共振现象，而发生共振的条件是驱动力的频率等于物体的固有频率，而酒杯的固有频率为500Hz，故操作人员要将声波发生器发出的声波频率调到500Hz，使酒杯产生共振，从而能将酒杯震碎．故D正确．故选：D．【点评】：明白了该物理情景所反映的物理规律才能正确解决此题．故要学会通过物理现象抓住物理事件的本质．16．（2015•陕西三模）图示的直角三角形ABC是玻璃砖的横截面，∠B=90°，∠A=30°，BC边长等于L．一束平行于AB边的光束从AC边上的某点射入玻璃砖，进入玻璃砖后，在BC边上的E点被反射，E点是BC边的中点，EF是从该处反射的光线，且EF恰与AC边平行．求：①玻璃砖的折射率；②该光束从E点反射后，直到第一次有光线从玻璃砖射出所需的时间（真空中的光速用符号“c”表示）．【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【分析】：①作出光路图，根据几何知识和全反射规律得到光线在AC面的入射角和折射角，即可求得折射率，②根据全反射临界角公式sinC=求出临界角C，判断出光线在F点发生全反射，在H点不能发生全反射，即该光束经一次反射后，到第一次射出玻璃砖发生在H点，根据几何知识求出光线在玻璃砖内传播的距离S，由v=求出光线在玻璃砖内传播的速度v，即可求得所求的时间【解析】：解：依题意，光在玻璃砖中的传播路径如右图所示．可见，光在O1点的入射角为60°，折射角为30°．①玻璃的折射率n==②因为，所以这种玻璃的临界角C大于30°，小于60°．故从E点反射出的光线，将在F点发生全反射，在O2点才有光线第一次射出玻璃砖．由几何知识可知：EF=L，FO2=L；光在这种玻璃中的传播速度．故光从E点传播到O2点用时．答：①玻璃砖的折射率为；②该光束从E点反射后，直到第一次有光线从玻璃砖射出所需的时间为．【点评】：解决本题关键是作出光路图，再运用几何知识求解入射角折射角，要掌握几何光学常用的三个规律：折射定律n=、临界角公式sinC=和光速公式v=．【物理选修3-5】17．（2015•陕西三模）如图是各种元素的原子核中核子的平均质量与原子序数Z的关系图象，由此可知（）A．若原子核D和E结合成原子核F，结合过程一定会释放能量B．若原子核D和E结合成原子核F，结合过程一定要吸收能量C．若原子核A分裂成原子核B和C，分裂过程一定要释放能量D．若原子核A分裂成原子核B和C，分裂过程一定要吸收能量【考点】：爱因斯坦质能方程．【专题】：爱因斯坦的质能方程应用专题．【分析】：根据重核裂变、轻核聚变都有质量亏损，都向外释放能量，从而即可求解．【解析】：解：A、D和E结合成F，有质量亏损，根据爱因斯坦质能方程，有能量释放．故A 正确，B错误．C、若A分裂成B和C，也有质量亏损，根据爱因斯坦质能方程，有能量释放．故C正确，D 错误．故选：AC．【点评】：解决本题的关键知道爱因斯坦质能方程△E=△mc2，掌握质量亏损与释放能量之间的联系．18．（2015•陕西三模）如图所示，有一固定在水平地面上光滑凹形长槽，槽内放置一个滑块，滑块的左端面是半圆柱形光滑圆弧面，滑块的宽度恰与凹形槽的两内侧壁的间距相等，滑块可在槽内左右自由滑动．现有一金属小球（可视为质点）以水平初速度v0沿槽的一侧壁冲向滑块．已知金属小球的质量为m，滑块的质量为3m，整个运动过程中无机械能损失．求：①当金属小球从另一侧壁离开滑块时，金属小球和滑块各自的速度；②当金属小球经过滑块半圆形端面的顶点A时，金属小球的动能．【考点】：动量守恒定律；机械能守恒定律．【专题】：力学综合性应用专题；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】：（1）小球和滑块相碰的过程中动量守恒、机械能守恒，结合动量守恒定律和机械能守恒定律求出金属小球和滑块的各自速度．（2）小球过A点时沿轨道方向两者必有共同速度v，根据动量守恒、机械能守恒求出金属小球的动能．【解析】：解：①．设滑离时小球和滑块的速度分别为v1和v2，规定小球初速度的方向为正方向，由动量守恒得：mv0=mv1+3mv2由机械能守恒得：解得：，；②．小球过A点时沿轨道方向两者必有共同速度v，规定小球初速度的方向为正方向，则根据动量守恒有mv0=（m+3m）v根据机械能守恒小球的动能应为：解得小球动能为：答：①当金属小球从另一侧壁离开滑块时，金属小球和滑块各自的速度分别为；②当金属小球经过滑块半圆形端面的顶点A时，金属小球的动能为．【点评】：本题考查了动量守恒和机械能守恒定律的综合运用，综合性较强，对学生的能力要求较高，在平时的学习中需加强这类题型的训练．。

2015年陕西省西安市八校大联考高考物理模拟试卷

2015年陕西省西安市八校大联考高考物理模拟试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共2小题，共8.0分)1.下面关于物理学史的说法正确的是（）A.卡文迪许利用扭秤实验得出万有引力与距离平方成反比的规律B.奥斯特通过实验发现变化的磁场能在其周围产生电场C.牛顿猜想自由落体运动的速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证D.法拉第首先引入“场”的概念用来研究电和磁现象【答案】D【解析】解：A、卡文迪许利用扭秤实验测出万有引力常量，故A错误；B、奥斯特通过实验发现电流周围存在磁场，故B错误；C、伽利略用实验和数学证明自由落体运动的位移与下落时间平方成正比，并用实验进行了验证．故C错误．D、法拉第首先引入“场”的概念用来研究电和磁现象．故D正确．故选：D根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.一质点在a、b两点之间做匀变速直线运动，加速度方向与初速度方向相同，当在a 点初速度为v时，从a点到b点所用的时间为t，当在a点初速度为2v时，保持其他量不变，从a点到b点所用的时间为t′，则（）A.t′＞B.t′=C.t′＜D.t′=t【答案】A【解析】解：由题意作出对应的v-t图象如图所示；图象中图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，在至t之间时，初速度为2v0的位移等于初速度为v0时的位移；则说明t′＞；故选：A．分别作出两种情况下的v-t图象，由图象得出两种情况下的运动位移关系，结合题意明确第二次的时间与第一次时间的关系．本题中若用公式法解析，过程将非常复杂；故应用v-t图象的性质可以起到事半功倍的效果；要注意明确图象在解题中的应用的优势，在学习中要多加应用．二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)3.我国第一台自行设计、自主集成研制的“蛟龙号”载人潜水器完成5000米级海试回国．“蛟龙号”采用常用的“深潜器无动力下潜上浮技术”．潜水器两侧配备4块压载铁，重量可以根据不同深度与要求调整．当潜水器两侧配备4块压载铁时，潜水器下潜一定深度后按恒定速度下潜；当潜水器到达一定深度时，可操作抛载其中2块压载铁，使潜水器悬停在指定深度上实现作业，包括航行、拍照、取样等；当任务完成，再抛弃另外2块压载铁，使潜水器上浮，到达水面，设潜水器在水中受到的阻力与速度的平方成正比，潜水器受到的浮力恒定，下列说法正确的是（）A.潜水器两侧配备4块压载铁时，向下做匀加速运动B.潜水器两侧配备4块压载铁时，先向下做加速度逐渐减小的加速运动，然后做匀速运动C.潜水器抛弃其中2块压载铁时，潜水器将做匀减速运动D.潜水器抛弃所有压载铁后，潜水器向上先做匀加速后匀速运动至浮出水面【答案】BC【解析】解：A、B潜水器两侧配备4块压载铁时，对潜水器受力分析，根据牛顿第二定律可得G1-kv2-F浮=ma，当速度增大时，加速度逐渐减小，当加速度减到零时，速度达到最大值，潜水器做匀速运动，故A错误，B正确；C、潜水器抛载其中2块压载铁时，潜水器向下做减速运动，对潜水器受力分析，根据牛顿第二定律可得-G2+kv2+F浮=ma，潜水器将做加速度逐渐减小的减速运动，当G2=kv2+F浮时，开始做匀速运动．故C正确；D、潜水器抛弃所有压载铁时，根据牛顿第二定律得-G3-kv2+F浮=ma，潜水器将做加速度逐渐减小的加速运动，故D错误故选：BC本题在三种情况下分别对潜水器受力进行分析，根据牛顿第二定律得出加速度的表达式，分析加速度与速度的关系即可求解牛顿动力学问题是高考考查的重点，而与中国科技进步相关的高科技问题更能激起学生的爱国热情，本题借助最新的物理情景，考查了牛顿动力学问题，解题的关键是会将实际问题转换为物理模型三、单选题(本大题共5小题，共20.0分)4.2014年春晚中开心麻花团队打造的创意形体秀《魔幻三兄弟》给观众留下了很深的印象．该剧采用了“斜躺”的表演方式，三位演员躺在倾角为30°的斜面上完成一系列动作，摄像机垂直于斜面拍摄，让观众产生演员在竖直墙面前表演的错觉．如图所示，演员甲被演员乙和演员丙“竖直向上”抛出，到最高点后恰好悬停在“空中”．已知演员甲的质量m=60kg，该过程中观众看到演员甲上升的“高度”为0.8m．设演员甲和斜面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力．则该过程中，下列说法不正确的是（）A.演员甲被抛出的初速度为4m/sB.演员甲运动的时间为0.4sC.演员甲的重力势能增加了480JD.演员乙和演员丙对甲做的功为480J【答案】C【解析】解：A、因为到达最高点后，恰好悬停，则有：mgsin30°=μmgcos30°，向上滑动的过程中，加速度a=°°°．根据得，初速度=4m/s．故A正确．B、演员甲的运动时间t=．故B正确．C、演员甲的重力势能增加量°J=240J．故C错误．D、演员乙和演员丙对甲做的功W=．故D正确．本题选不正确的，故选：C．根据最高点能够悬停得出重力沿斜面方向的分力和摩擦力的关系，根据牛顿第二定律得出演员上滑的加速度，结合速度位移公式求出演员甲的初速度，结合速度时间公式求出演员甲的运动时间．根据上升的高度求出演员甲的重力势能的增加量．根据动能定理求出演员乙和演员丙对甲做功的大小．本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，以及知道重力做功与重力势能的关系．5.人用手托着质量为m的“小苹果”，从静止开始沿水平方向运动，前进距离l后，速度为v（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是（）A.手对苹果的作用力方向竖直向上B.苹果所受摩擦力大小为μmgC.手对苹果做的功为mv2D.苹果对手不做功【答案】C【解析】解：A、手对苹果的作用力是支持力和摩擦力的合力，方向斜向上．故A错误．B、苹果的加速度a=，则摩擦力f=ma=，故B错误．C、根据动能定理得，手对苹果做功的大小W=．故C正确，D错误．故选：C．根据动能定理求出手对苹果做功的大小，通过速度位移公式求出苹果的加速度，结合牛顿第二定律求出摩擦力的大小．考查动能定理的应用，注意物体在手的作用下运动，是静摩擦力，但不一定是最大静摩擦力，而只有是最大静摩擦力时，才能是μmg．6.煤矿渗水会造成严重安全事故，2011年11月13日凌晨0时10分，甘肃省白银市景泰县通达煤矿发生透水事故，当时井下作业人员11名，其中4人泅水脱险，7人被困．利用传感电容器可检测矿井渗水，发出安全警报，从而避免事故的发生．如图所示是一种通过测量电容器电容的变化来检测液面高低的仪器原理图，A为固定的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，C为导电液体，把仪器接到图示电路中，已知灵敏电流表的指针偏转方向与电流方向的关系为：电流从哪侧流入电流表则电流表指针向哪侧偏转，当发现指针向右偏转时，导电液体深度h的变化为（）A.h正在增大B.h正在减小C.h不变D.无法确定【答案】B【解析】解：如图所示为一测定液面高低的传感器示意图．液体的高度升高，导致电容器的电容变大．据题：把仪器接到图示电路中，已知电流从哪侧流入电流表则电流表指针向哪侧偏转．如果发现指针正向右偏转，说明G中电流向左，电容器正在放电．由于传感器与电源相连，所以电容器两极间的电压不变，而电容器电量在减小，则由Q=CU知，电容器的电容在减小．故液体的高度h在减小．故B正确，ACD错误．故选：B影响平行板电容器电容的因素有正对面积、极板间距与电介质．然而如图所示为一测定液面高低的传感器，利用了平行板电容器特性．高度的变化，就相当于正对面积变化．解决本题的关键要把握题目中的有效信息，记牢平行板电容器的电容与哪些因素有关，有什么关系．7.如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，电阻R1=R2=25Ω，D为理想二极管，原线圈接u=220sin100πt（v）的交流电，则（）A.交流电的频率为100H zB.通过R2的电流为1AC.通过R2的电流为AD.变压器的输入功率为200W【答案】C【解析】解：A、交流电的频率f==50H z，A错误B、由表达式知原线圈电压有效值为220V，副线圈两端电压为50V，由于二极管的单向导电性，根据电流热效应，，所以R2的电压U=25V，通过R2的电流为A，B 错误C正确；D、副线圈消耗的功率P==150W，输入功率等于输出功率，D错误故选：C根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比和二极管的特点即可求得结论本题的难点在于二极管的作用，是使得反向电流不能通过，根据电流热效应求其有效值8.如图甲是回旋加速器的原理示意图，其核心部分是两个D型金属盒，在加速带电粒子时，两金属盒置于匀强磁场中（磁感应强度大小恒定），并分别与高频电源相连．加速时某带电粒子的动能E K随时间t变化规律如图乙所示，若忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列判断正确的是（）A.高频电源的变化周期应该等于t n-t n-1B.在E K-t图象中t4-t3=t3-t2=t2-t1C.粒子加速次数越多，粒子获得的最大动能一定越大D.不同粒子获得的最大动能都相同【答案】B【解析】解：A、交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，故电源的变化周期应该等于2（t n-t n-1），故A错误；B、根据T=知，粒子回旋周期不变，在E k-t图中应有t4-t3=t3-t2=t2-t1，故B正确；C、根据公式r=，得v=，故最大动能E km=mv2=，则知粒子获得的最大动能与D形盒的半径有关，D形盒的半径越大，粒子获得的最大动能越大，与加速的次数无关．故C错误，D、最大动能E km=mv2=，动能与粒子比荷以及B和r有关，不同粒子获得的最大动能都不同，D错误；故选：B回旋加速器工作条件是交流电源的周期必须和粒子在磁场中圆周运动的周期一致，由公式T=和r=进行分析判断本题考查了回旋加速器的原理，特别要记住粒子获得的最大动能是由D型盒的半径，及带电粒子的比荷决定的四、多选题(本大题共1小题，共4.0分)9.据报道，北斗卫星导航系统利用其定位、导航、短报文通信功能加入到马航MH370失联客机搜救工作，为指挥中心调度部署人力物力提供决策依据，保证了搜救船只准确抵达相关海域，帮助搜救船只规划搜救航线，避免搜救出现遗漏海域．目前北斗卫星导航定位系统由高度均约为36000km的5颗静止轨道卫星和5颗倾斜地球同步轨道卫星以及高度约为21500km的4颗中轨道卫星组网运行．下列说法正确的是（）A.中轨道卫星的周期比同步卫星周期大B.所有卫星均位于以地心为中心的圆形轨道上C.同步卫星和中轨道卫星的线速度均小于第一宇宙速度D.赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度大【答案】BC【解析】解：A、根据万有引力提供向心力，=mT=2π，知道轨道半径越大，周期越大，所以中轨道卫星的周期比同步卫星周期小，故A错误；B、卫星做圆周运动，根据万有引力提供向心力，所有卫星均位于以地心为中心的圆形轨道上，故B正确；C、第一宇宙速度是卫星做圆周运动的最大运行速度，根据v=，所以同步卫星和中轨道卫星的线速度均小于第一宇宙速度，故C正确；D、同步卫星和赤道上物体具有相同的角速度，根据a=rω2得同步卫星向心加速度比赤道上物体的向心加速度大，故D错误；故选：BC．根据万有引力提供向心力，可知r越大，向心加速度越小，线速度越小，周期越大．地球的同步卫星相对于地球是静止的．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，会根据轨道半径的关系比较向心加速度、线速度和周期．同时掌握同步卫星的特点．五、单选题(本大题共1小题，共4.0分)10.小明有一个磁浮玩具，其原理是利用电磁铁产生磁性，让具有磁性的玩偶稳定地飘浮起来，其构造如图所示．若图中电源的电压固定，可变电阻为一可以随意改变电阻大小的装置，则下列叙述正确的是（）A.电路中的电源必须是交流电源B.电路中的a端点须连接直流电源的负极C.若增加环绕软铁的线圈匝数，可增加玩偶飘浮的最大高度D.若将可变电阻的电阻值调大，可增加玩偶飘浮的最大高度【答案】C【解析】解：A、由题意可知，玩偶稳定地飘浮起来，且下端为N极，则线圈的上端为N极，根据右手螺旋定则可得，电源通的是直流电，且b端为电源的负极，而a端为电源的正极，故A错误，B错误；C、若增加环绕软铁的线圈匝数，从而增加线圈的磁场，导致玩偶飘浮的最大高度增加，故C正确；D、若将可变电阻的电阻值调大，则线圈中的电流减小，导致玩偶飘浮的最大高度减小，故D错误；故选：C．根据磁铁的磁性来确定线圈上端，因通电而产生的磁场的磁极，依据右手螺旋定则，及同名磁极相互排斥，即可求解，而当线圈的磁场强弱与线圈匝数，及电流的大小有关．考查玩偶的工作原理，理解右手螺旋定则的内容，注意影响玩偶飘浮的最大高度的因素．六、多选题(本大题共2小题，共8.0分)11.如图所示，一根绳子一端固定于竖直墙上的A点，另一端绕过动滑轮P悬挂一重物B，其中绳子的PA段处于水平状态．另一根绳子一端与动滑轮P的轴相连，在绕过光滑的定滑轮Q后在其端点O施加一水平向左的外力F，使整个系统处于平衡状态．滑轮均为光滑、轻质，且均可看作质点．现拉动绳子的端点O使其向左缓慢移动一小段距离后达到新的平衡状态，则该平衡状态与原平衡状态相比较（）A.拉力F增加B.拉力F减小C.角θ不变D.角θ减小【答案】AD【解析】解：向左缓慢缓慢移动一小段距离，绳变短，动滑轮要上移，绳PA和PB间的夹角变小，而绳QP位于PA和PB间的角平分线上，所以角θ减小．经过定滑轮的绳子拉力大小相等，等于mg，两根绳子的合力与QP绳的拉力大小相等，方向相反．因为夹角变小，合力变大，QP绳的拉力就大，所以拉力F增加．故A、D 正确，B、C错误．故选：AD．对滑轮P受力分析，抓住三根绳子合力为零，AP、BP绳子拉力大小相等，通过角度的变化进行分析．解决本题的关键知道通过定滑轮的绳子拉力大小相等，抓住两根绳的合力与另外一根绳子的拉力平衡进行求解．12.如图所示，两个可视为质点的、相同的木块A和B放在转盘上，两者用长为L的细绳连接，木块与转盘的最大静摩擦力均为各自重力的K倍，A放在距离转轴L处，整个装置能绕通过转盘中心的转轴O1O2转动．开始时，绳恰好伸直但无弹力，现让该装置从静止开始转动，使角速度缓慢增大，以下说法正确的是（）A.当＞时，A、B相对于转盘会滑动B.当＞时，绳子一定有弹力 C.在＜＜范围内增大时，B所受摩擦力变大 D.在＜＜范围内增大时，A所受摩擦力一直变大【答案】ABD【解析】解：A、当A所受的摩擦力达到最大静摩擦力时，A、B相对于转盘会滑动，对A有：kmg-T=m Lω2，对B有：T+kmg=m•2Lω2，解得ω=，当ω＞时，A、B相对于转盘会滑动．故A正确．B、当B达到最大静摩擦力时，绳子开始出现弹力，kmg=m•2Lω2，解得ω1=，知ω＞时，绳子具有弹力．故B正确．C、ω＞时B已经达到最大静摩擦力，则在＜＜内，B受到的摩擦力不变．故C错误．D、当ω在0＜ω＜范围内，A相对转盘是静止的，A所受摩擦力为静摩擦力，所以f-T=m Lω2，当ω增大时，静摩擦力也增大．故D正确．故选ABD．开始角速度较小，两木块都靠静摩擦力提供向心力，B先到达最大静摩擦力，角速度继续增大，则绳子出现拉力，角速度继续增大，A的静摩擦力增大，当增大到最大静摩擦力时，开始发生相对滑动．解决本题的关键搞清木块向心力的来源，结合牛顿第二定律进行分析，难度适中．九、多选题(本大题共1小题，共5.0分)17.以下说法中正确的是（）A.“用油膜法估测分子的大小”实验中油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积B.一定质量的理想气体在体积不变的情况下，压强p与热力学温度T成正比C.气体分子的平均动能越大，气体的压强就越大D.物理性质各向同性的一定是非晶体E.液体的表面张力是由于液体分子间的相互作用引起的F.控制液面上方饱和汽的体积不变，升高温度，则达到动态平衡后该饱和汽的质量增大，密度增大，压强也增大G.让一小球沿碗的圆弧内壁来回滚动，小球的运动是可逆过程【答案】ABEF【解析】解：A、用油膜法估测分子的大小”实验中认为油酸分子之间无间隙，油酸膜为单层分子，所以可以认为油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积，故A正确．B、一定质量的理想气体，在体积不变的情况下，由可知压强P=与热力学温度T成正比，故B正确．C、气体分子的平均动能越大，即温度高，压强不一定大，还与气体的体积有关，所以C错误D、多晶体的物理性质各向同性，所以不一定是非晶体，也有可能是多晶体，故D错误．E、液体间的作用力是由分子间的引力和斥力相互作用一起的，即分子作用力，故E正确．F、温度升高时，液体分子的平均动能增大，单位时间里从液面飞出的分子数增多，所以达到动态平衡后该饱和汽的质量增大，密度增大，压强也增大，故F正确．G、在运动过程中有能量损失，故为不可逆过程，故G错误．故选：ABEF．在用油膜法估测分子的大小”实验中，我们做了些理想化处理，认为油酸分子之间无间隙，油酸膜为单层分子．压强p与热力学温度T成正比，必须是一定量的理想气体．温度是分子平均动能的量度．非晶体和多晶体是物理性质各向同性的．液体的表面张力是由于液体分子间的相互作用引起的．温度升高时，液体分子的平均动能增大，单位时间里从液面飞出的分子数增多，质量增大．在运动过程中有能量损失，为不可逆过程．本题主要考查基本知识点，涉及3-3的基本概念，其中气体压强的微观解释，饱和汽的压强，晶体与非晶体的物理性质等是比较容易出错的内容．十一、多选题(本大题共1小题，共4.0分)19.下列说法中正确的是（）A.人耳能听到的声波比超声波更易发生明显衍射B.离开地球的高速火箭里的人认为地球上时钟变快C.无论什么波，只要振幅足够大就可以产生明显的衍射现象D.透过平行于日光灯的窄缝观察正常发光的日光灯时能看到彩色的条纹，这是光的衍射现象E.光纤通信的工作原理是全反射，光纤通信具有容量大，抗干扰性强等优点【答案】ADE【解析】解：A、因声波的波长比超声波长，则更容易发生衍射现象，故A正确；B、根据相对论原理可知，离开地球的高速火箭里的人认为地球上时钟变慢，故B错误；C、产生明显的衍射现象的条件是波的波长小于障碍物的尺寸，与与障碍物的尺寸差不大，与波的振幅无关，故C错误；D、透过平行于日光灯的窄缝观察正常发光的日光灯时能看到彩色的条纹，这是光的衍射现象，故D正确；E、发生全反射的条件是光由光密介质射入光疏介质，光纤通信的工作原理是全反射，光纤通信具有容量大，抗干扰性强等优点，故E正确；故选：ADE．波长越长，越容易发生衍射，声波的波长比超声波长；相对论中，长度缩短，时间变慢；产生明显的衍射现象的条件是波的波长小于障碍物的尺寸，与与障碍物的尺寸差不大；光导纤维内芯和外套材料不同，所以具有不同的折射率．要想使光的损失最小，光在光导纤维里传播时一定要发生全反射；考查波的衍射条件，及干涉与折射色散的区别，注意变化有均匀与非均匀之分，理解振动加强与减弱的原理，同时注意时间变慢，长度缩短的结论．十三、多选题(本大题共1小题，共4.0分)21.下列说法正确的是（）A.康普顿效应和电子的衍射现象说明光和电子都具有波动性B.普朗克为了解释黑体辐射现象，第一次提出了能量量子化理论C.若使放射性物质的温度升高，其半衰期将减少D.结合能越大的原子核越稳定E.骸骨中C的含量为活着的生物体中C的，C的半衰期为5730年，则该生物死亡时距今11460年【答案】BE【解析】解：A、康普顿效应说明光子的粒子性，电子的衍射现象说明电子的波动性，故A错误B、普朗克为了解释黑体辐射现象，第一次提出了能量量子化理论，故B正确C、半衰期由放射性元素本身的性质决定，与物体的温度无关，故C错误D、结合能大的原子核不一定稳定，比结合能越大的原子核越稳定，故D错误；E、骸骨中C的含量为活着的生物体中C的，设原来614C的质量为M0，衰变后剩余质量为M则有：M=M0×（）n，其中n为发生半衰期的次数，由题意可知剩余质量为原来的，故n=2，所以死亡时间为：2×5730=11460年．故E正确．故选：BE康普顿效应说明光子的粒子性，电子的衍射现象说明电子的波动性；普朗克为了解释黑体辐射现象，第一次提出了能量量子化理论；半衰期与物体的温度无关，比结合能越大的原子核越稳定．考查了原子核的相关内容，知道光的波粒二象性、普朗克的量子化理论、半衰期以及结合能与比结合能，都是一些记忆性的知识点的内容，其中半衰期是容易出错的地方，要多加注意．七、实验题探究题(本大题共2小题，共14.0分)13.利用如图装置可以做力学中的许多实验，（1）以下说法正确的是______ ．A．用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须设法消除小车和滑轨间的摩擦阻力的影响B．用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须调整滑轮高度使连接小车的细线与滑轨平行C．用此装置“探究加速度a与力F的关系”每次改变砝码及砝码盘总质量之后，需要重新平衡摩擦力D．用此装置“探究加速度a与力F的关系”应使小盘和盘内砝码的总质量远小于小车的质量（2）本装置中要用到打点计时器，如图甲、乙所示为实验室常用的两种计时器，其中甲装置用的电源要求是______ ．A．交流220V B．直流220V C．交流4-6V D．直流4-6V（3）在利用此装置“探究加速度a与力F的关系”时，实验中按规范操作打出的一条纸带的一部分如图．已知打点计时器接在频率为50H z的交流电源上，则此次实验中打点计时器打下A点时小车的瞬时速度为______ m/s．（结果保留2位有效数字）。

2015年陕西省高考物理模拟试卷和答案(12月份)

2015年陕西省高考物理模拟试卷（12月份）一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求．第6-8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）物理学的发展创新了很多研究问题的方法，如控制变量法、微元法等．下列叙述正确的是（）A．在探究物体的加速度与合力、加速度与质量的关系时，用到了等效替代的方法B．在研究物体运动时，把物体看作质点，用到了微元法C．合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想D．用比值法定义的物理量在物理学中占有相当大的比例，例如电场强度大小E=、电容C=及加速度a=都是采用比值法定义的2．（6分）如图所示，两光滑的平行导轨与水平方向成角同定，导轨的下端接有如图所示的电源，一劲度系数为k的轻质弹簧同定在导轨的顶端，下端拴接一导体棒ab，将整个装置置于垂直导轨平面向上的匀强磁场中．已知磁感应强度的大小为B，导轨的间距为L，当开关闭合后，导体棒ab平衡时，回路中的电流为I，弹簧的伸长量为x0．如果将电源反接，闭合开关后，导体棒ab再次平衡时，回路中的电流仍为I，电流产生的磁场可忽略不计，则弹簧的伸长量为（）A．+x0B．+x0C．﹣x0D．﹣x03．（6分）2015年3月6日，全国政协委员、中国载人航天工程总设计师周建平接受新华社记者采访时说，从现在掌握的基础技术来说，我国具备实施载人登月工程的能力．假设飞船贴近月球表面做匀速圆周运动的周期为T，宇航员在月球上着陆后，测得一物块由静止从距离月球表面h高度自由下落所用的时间为t．已知引力量为G，月球可视为均匀球体，则下列叙述正确的是（）A．月球的质量为B．月球的密度为C．月球的半径为D．月球的第一宇宙速度为4．（6分）如图所示，一半球状物体静置于粗糙的水平面上，一只甲虫（可视为质点）从半球面的最高点开始缓慢往下爬行，在爬行过程中（）A．球面对甲虫的支持力变大B．球面对甲虫的摩擦力变大C．球面对甲虫的作用力变小D．地面对半球体的摩擦力变小5．（6分）如图所示，四个单匝闭合线罔是用相同导线制成的正方形或长方形线框，正方形甲、丁的边长分别为L、2L，长方形乙、丙的两边长分别为2L、L．四个线框以相同的速度先后垂直进入正方形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，区域宽度大于2L，则在线框进入磁场过程中，通过导线某横截面的电荷量最大的是（）A．甲B．乙C．丙D．丁6．（6分）一质量为2kg的质点在如图甲所示的xOy平面内运动，在x方向的速度时间图象和y方向的位移时间（y﹣t）图象分别如图乙、丙所示，由此可知（）A．t=0s时，质点的速度大小为12m/sB．质点做加速度恒定的曲线运动C．前两秒，质点所受的合力大小为10ND．t=1.0s时，质点的速度大小为7m/s7．（6分）如图所示，两个等量异种点电荷同定在绝缘水平桌面上相距L的M、N两点，M点为正点电荷，N点为负点电荷．分别以M、N两点为圆心做两个半径相等且小于的圆，下列关于圆上各点的电场强度、电势的说法正确的是（）A．F、G两点的电场强度相同，电势不相等B．E、H两点的电场强度相同，电势不相等C．I、P两点的电场强度相同，电势相等D．I、Q两点的电场强度相同，电势不相等8．（6分）如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，B、C两小球在倾角α=30°的同定光滑斜面上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球靠在垂直于斜面的光滑挡板上．现用手控制住A球，使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线、弹簧均与斜面始终平行．已知A、B两球的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态，释放A后，A竖直向下运动至速度最大时C恰好离开挡板，则下列说法中正确的是（）A．因为A球下落过程中C球处于静止，故A、B两球和细线组成的系统在A下落的过程中机械能守恒B．A球下落过程中的重力势能转化为B球的动能和弹簧的弹性势能C．C球的质量也为mD．A球的最大速度为g三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）某同学采用如图甲所示的实验装置，探究滑块质量一定时，加速度与力的关系．他在气垫导轨上安装了一个光电门B，滑块上同定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放．（1）该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d=mm．（2）实验时，将滑块从A位置中静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t，为了得到滑块的加速度，该同学还需用刻度尺测量的物理量是．（3）改变钩码的质量，记录对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间t，通过描点作出线性图象，研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时应作出图象．（选填“t2﹣F”，“﹣F”，“﹣F”）10．（9分）为测定某电源的电动势E、内阻r以及一段电阻丝的电阻率ρ，设计了如图甲所示的电路．ab是阻率较大的粗细均匀的电阻丝，R0是阻值为2Ω的保护电阻，滑片P与电阻丝始终接触良好．实验螺旋测微器测得电阻丝的直径d=0.400mm．实验时，闭合开关S，调节P的位置，记录aP长度x和对应的电压U．电流I的数据，并求得的数值，分别绘出了﹣x关系图象和关系图象，如图乙、丙所示．（1）根据图乙可求出电源电动势E=V，内阻r=Ω．（均保留两位有效数字）（2）图丙中﹣x关系图象纵轴截距的物理意义是．（3）根据图丙可求得电阻丝的电阻率ρ=Ω．m（保留三位有效数字）．11．（12分）某“驴友”在旅游山谷右侧时遇险，救援人员从左边山顶上，利用绳索下滑到登陆快艇，接着驾驶快艇登陆接近目标，救援被困山上的“驴友”，如图所示．若绳索两端同定好后，为保证行动安全快捷，救援队员先尢摩擦自由加速滑到某最大速度，再靠摩擦减速滑至快艇，到达快艇时速度不能超过5m/s，已知绳长224m，重力加速度g=10m/s2．（1）若救援队员匀减速下降的加速度的大小为12.5m/s2时恰好能安全到达快艇，则他在绳索上减速时离船的高度为多少？（2）若登陆艇额定功率为5kW，载人后连同装备总质量为1×103kg，从静止开始以最大功率向登陆点加速靠近，经200m到达岸边时刚好能达到最大速度10m/s，已知登陆艇在运动过程中受到水的阻力保持不变，则登陆艇运动的时间为多少？12．（20分）在直角坐标系第一象限与第四象限分布有垂直于坐标平面的方向相反的匀强磁场，磁感应强度的大小均为B；在第二象限分布有沿y轴负方向的匀强电场．现在第二象限中从P点以初速度v0沿x轴正方向发射质量为m、带电荷量为+q的粒子，粒子经电场偏转后恰好从坐标原点O射入磁场．（1）已知P点的纵坐标为L，匀强电场的电场强度大小为E，试求P点的横坐标x和粒子经过坐标原点O时速度v的大小．（2）若粒子经O点射入磁场时的速度为2v0，试求粒子第三次经过x轴时距O 点的距离d和在磁场中运动的时间T．(二）选考题。

2015年陕西省普通高中物理学业水平考试真题及其答案

2015年陕西省普通⾼中物理学业⽔平考试真题及其答案试卷类型:A 绝密★启⽤前2015年陕西省普通⾼中学业⽔平考试物理注意事项:第⼀部分(选择题共66分)⼀、选择题(共22⼩题,每⼩题3分,计66分。

在每⼩题给出得四个选项中,只有⼀项就是符合题⽬要求得)1、第⼆届夏季青年奥林匹克运动会于2014年8⽉在南京举⾏,共设26个⽐赛项⽬中,可将运动员视为质点得就是2、运动员进⾏“折返跑”训练,从A点沿直线跑到B点,⼜从B点沿原路返回A 点,A、B两点直线距离为50m,此过程中运动员得路程与位移得⼤⼩分别就是A、 100m,100mB、 50m,100mC、 100m,0D、 50m,03、地球同步通讯卫星,就是⽆线电波传播得中继站。

同步卫星绕地⼼转动,地⾯上观察者却发现它就是静⽌得,这就是因为观察者所选择得参考系就是A、太阳B、地球C、⽉球D、卫星4、甲、⼄两物体做直线运动,它们得v-t图象如图所⽰,下列说法正确得就是A、甲、⼄两物体都做匀速直线运动B、甲、⼄两物体都做匀加速直线运动C、甲物体都做匀速直线运动,⼄物体静⽌D、甲物体做匀加速直线运动,⼄物体做匀速直线运动5、物体做匀速直线运动,下列物理量保持恒定得就是A、加速度B、位移C、路程D、速度6、作⽤在同⼀物体上得两个共点⼒,⼤⼩均为60N,夹⾓为120o,如图所⽰。

则这两个⼒得合⼒⼤⼩就是A、120NB、60N姓名考籍号座位号C、30ND、07、如图所⽰,⼩孩⽤⽔平推⼒推放置在⽔平⾯上得箱⼦,第⼀次轻推,没有推动;⼩孩⽤更⼤得⼒推,箱⼦还就是不动。

关于箱⼦所受摩擦⼒得⼤⼩,下列说法正确得就是A、0B、不变C、变⼩D、变⼤8、如图所⽰,有⼈⽤⼀簇⽓球通过绳使⼀座⼩屋成功升空。

成为“会飞得⼩屋”。

下列说法正确得就是A、⼩屋受到绳得拉⼒与⼩屋对绳得拉⼒就是⼀对作⽤⼒与反作⽤⼒B、⼩屋受到绳得拉⼒与⼩屋所受重⼒就是⼀对作⽤⼒与反作⽤⼒C、⼩屋对绳得拉⼒与⼩屋所受重⼒就是⼀对作⽤⼒与反作⽤⼒D、⼩屋对绳得拉⼒与⼩屋所受重⼒就是⼀对平衡⼒9、物体得惯性与下列因素有关得就是A、质量B、运动状态C、所处位置D、受⼒情况10、载⼈飞船从地⾯加速升空得过程中,座椅对宇航员得弹⼒F与宇航员所受得重⼒G之间得⼤⼩关系,下列说法正确得就是A、F⼀定等于GB、F⼀定⼤于GC、F⼀定⼩于GD、F可能等于G11、关于做曲线运动得物体所受得合⼒,下列说法正确得就是A、⼀定就是恒⼒B、⼀定就是变⼒C、合⼒⽅向与速度⽅向不在同⼀直线上D、合⼒⽅向与速度⽅向在同⼀直线上12、⼦弹以V=1000m/s得速度斜向上射出,速度⽅向与⽔平⽅向得夹⾓为60°,如图所⽰。

陕西省2015届高考冲刺第三次模拟考试理综物理题目

陕西省2015届高考冲刺第三次模拟考试理综物理试题2015届第三次模拟考试——理科综合能力测试（A 卷）本试卷共39题（含选考题）。

全卷满分300分。

考试用时间150分钟。

可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 Na-23二、选择题：本题共有8个小题，每小题6分，共48分。

在每小题所给出的四个选项中，有的只有一个选项是正确的，有的有多个选项是正确的。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

第14、15、16、17、18为单选， 19、20、21为多选14.一根通电直导线水平放置在地球赤道上方，其中通有自西向东的恒定电流，则该导线受到地球磁场的安培力方向为（）A ．水平向北B ．水平向南C ．竖直向上D ．竖直向下15. 如右图所示，在M 点分别以不同的速度将两小球水平抛出。

两小球分别落在水平地面上的P 点、Q 点。

已知O 点是M 点在地面上的竖直投影，OP ∶PQ =1∶3，且不考虑空气阻力的影响。

下列说法中正确的是（）A ．两小球的下落时间之比为1：3B ．两小球的下落时间之比为1：4C ．两小球的初速度大小之比为1∶3D ．两小球的初速度大小之比为1∶416.如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着两物块A 、B ，它们相互绝缘且质量均为2kg ，A 带正电，电荷量为0.1C ，B 不带电。

开始时处于静止状态，若突然加一沿竖直方向的匀强电场，此瞬间A 对B 的压力大小变为15N 。

取g =10m/s 2，则（）A ．电场强度为50N/CB ．电场强度为100N/C C ．电场强度为150N /CD ．电场强度为200N /C17.如图所示，虚线为电场中的一簇等势面与纸面的交线，相邻两等势面电势差相等，已知A 、B 两等势面间的电势差为10V ，且A 的电势高于B 的电势．一个电子仅在电场力作用下从M 点向N 点运动，电子经过M 点时的动能为8 eV ，则电子经过N 点时的动能为（）A ．16 eV B. 7.5 eV C. 4.0 eV D. 0.5 eV 18.图示的电路中电表均为理想电表，电源为恒流电源，即不管外电路情况如何变化，它都能提供持续且恒定的电流。

2015年陕西省咸阳市高考物理二模试卷

2015年陕西省咸阳市高考物理二模试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项复合题目要求，第6题-8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

）1．（6分）用手水平托住几本书，下列哪种情况下手对书本的作用力最大（）A．书本匀速向上运动B．书本匀速向下运动C．书本匀加速水平运动D．书本匀减速向上运动2．（6分）某导体置于电场后周围的电场分布情况如图所示，图中虚线表示电场线，实线表示等势面，A、B、C为电场中的三个点．下列说法错误的是（）A．A点的电场强度小于B点的电场强度B．A点的电势高于B点的电势C．将负电荷从A点移到B点，电场力做正功D．将正电荷从A点移到C点，电场力做功为零3．（6分）以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一个物体所受空气阻力大小与物体速率成正比．下列用虚线和实线描述两物体运动的v﹣t图象可能正确的是（）A．B．C．D．4．（6分）某人造地球卫星因受高空稀薄空气的阻力作用，绕地球运转的轨道会慢慢改变，某次测量卫星的轨道半径为r1，后来变为r2（r2＜r1），用Ek1、Ek2表示卫星在这两个轨道上的动能，T1、T2表示卫星在这两个轨道上的运行周期，则（））A．Ek2＜Ek1，T2＜T1 B．Ek2＞Ek1，T2＜T1C．Ek2＜Ek1，T2＞T1 D．Ek2＞Ek1，T2＞T15．（6分）如图所示电路，电源电动势和内电阻分别为E和r，A、B为两盏相同的电灯，当变阻器的触头P向下移动时，下列情况中正确的是（）A．A灯变亮，B灯变亮B．A灯变亮，B灯变暗C．A灯变暗，B灯变亮D．A灯变暗，B灯变暗6．（6分）如图为某款电吹风的电路图，a、b、c、d为四个固定触电．可动的扇形金属触片P可同时接触两个触点．触片P处于不同位置时，电吹风可处于停机、吹热风和吹冷风等不同的工作状态．n1和n2分别是理想变压器的两个线圈的匝数．该电吹风的各项参数如表所示．下列说法正确的有（）A．吹热风时触片P与触点b、c接触B．可由表格中数据计算出小风扇的内阻为60ΩC．变压器两线圈的匝数比n1：n2=3：11D．换用更长的电热丝（材料、粗细均不变），则吹的热风温度更低7．（6分）如图所示，在光滑的水平地面上有一个表面光滑的立方体Q．一长为L的轻杆下端用光滑铰链连接于O点，O点固定于地面上，轻杆的上端连接着一个可视为质点的小球P，P和Q的质量相等，小球靠在立方体左侧，杆竖直，整）个装置处于静止状态．受到轻微扰动后P倒向右侧并推动Q．下列说法中正确的是（）A．在小球和立方体分离前，当轻杆与水平面的夹角为θ时，小球的速度大小为B．在小球和立方体分离前，当轻杆与水平面的夹角为θ时，立方体和小球的速度大小之比为sinθC．在小球和立方体分离前，小球所受的合外力一直对小球做正功D．在落地前小球的机械能一直减少8．（6分）如图所示为磁悬浮列车模型，质量M=1kg的绝缘板底座静止在动摩擦因数μ=0.1的粗糙水平地面上．位于磁场中的正方形金属框ABCD为动力源，其质量m=1kg，边长为1m，电阻为Ω．OO′为AD、BC的中点．在金属框内有可随金属框同步移动的磁场，OO′CD区域内磁场如图a所示，CD恰在磁场边缘以外；OO′BA区域内磁场如图b所示，AB恰在磁场边缘以内．若绝缘板足够长且认为绝缘板与地面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，若金属框固定在绝缘板上，则金属框从静止释放后（）A．通过金属框的电流为8A B．金属框所受的安培力为8NC．金属框的加速度为3m/s2 D．金属框的加速度为7m/s2二、非选择题（包括必考题和选考题两部分。