2021中考数学 专题06 几何综合探究变化型问题
2021中考数学几何专题复习(共11个专题)
C、俯视图的面积最大D、三个视图的面积一样大
二、已知展开图,判断原几何体。
例2:将如右图所示的圆心角为90°的扇形纸片AOB围成圆锥形纸帽,使扇形的两条半径OA与OB重合(接缝粘贴部分忽略不计),则围成的圆锥形纸帽是
练习:与“爱”字所在面相对的面上的汉字
三、折叠问题
∠4+∠5= ,∠2+∠6=
∠5=∠G=∠6 ∠4=∠2
则∠3=∠4则MD=ME
“‘三线合一’定理的逆定理”+“平行线的性质”+“等底对等腰”
例2已知:△ABCБайду номын сангаас等腰直角三角形,∠A= ,∠1=∠2,CE⊥BE
求证:BD=2CE
证明:延长CE、BA交于F点
先证CF=2CE
再证RT△ABD≌RT△CAF “∠3=∠F”+”AB=AC”+”∠BAD=∠CAF”
交DE于Q
求证:PQ= BC
证明:先证△ADP≌△PCE可得CE=AD=BC
再证PQ为中位线,PQ= CE
“AAS △≌”+“平行四边形性质”+“△中位线定理”
例4已知:梯形ABCD中,AB=DC,AC⊥BD,E、F为腰上中点,DL⊥BC,M为DL与EF的交点
求证:EF=DL
证明:取AD、EF的中点H、K,连结EH、FH、HK
“‘三线合一’定理的逆定理”+“平行线的判定”
例4已知:在△ABC中,AC>AB,AM为∠A的平分线,AD⊥BC于D
求证:∠MAD= (∠B-∠C)
证明:作BE⊥AM,交AC于E点,交AM于K点
先证∠3=∠4 ∠1=∠2
∠5=∠AEB ①AM为角平分线②BE⊥AM
后证:∠B-∠C=∠4+∠5-∠C=∠4+∠AEB -∠C=2∠4
数学中考必考十二类大题解法再深化专题06 几何图形位似比(解析版)
数学中考十八个亮点微专题与必考的十二类大题解法再深化专题06 几何图形位似比1.如图,图形甲与图形乙是位似图形,O是位似中心,点A,B的对应点分别为点A′,则A′B′的长为()A.8 B.9 C.10 D.15【答案】B【解析】根据位似图形的概念列出比例式,代入计算即可.∵图形甲与图形乙是位似图形,位似比为2:3,∴=,即=,解得,A′B′=9.2.如图,在平面直角坐标系中,将△OAB以原点O为位似中心放大后得到△OCD,若B(0,1),D(0,3),则△OAB与△OCD的相似比是()A.2:1 B.1:2 C.3:1 D.1:3【答案】D【解析】根据信息,找到OB与OD的比值即可.∵B(0,1),D(0,3),∴OB=1,OD=3,∵△OAB以原点O为位似中心放大后得到△OCD,∴△OAB与△OCD的相似比是OB:OD=1:3.3. 如图,ABC与DEF位似,点O为位似中心,相似比为2:3.若ABC的周长为4,则DEF 的周长是()A. 4B. 6C. 9D. 16【答案】B【解析】根据周长之比等于位似比计算即可.设DEF的周长是x,∵ABC与DEF位似,相似比为2:3,ABC的周长为4,∴4:x=2:3,解得:x=6,故选:B.【点睛】本题考查了位似的性质,熟练掌握位似图形的周长之比等于位似比是解题的关键.4.如图,在直角坐标系中,△ABC与△ODE是位似图形,则它们位似中心的坐标是.【答案】(4,2).【解析】根据图示,对应点的连线都经过同一点,该点就是位似中心.如图,点G(4,2)即为所求的位似中心.5.在正方形网格中,每个小正方形的边长为1,△ABC在平面直角坐标系中的位置如图所示.(1)以点C为位似中心,作出△ABC的位似图形△A1B1C,使其位似比为2:1,并写出点A1的坐标;(2)作出△ABC绕点C逆时针旋转90°后的图形△A2B2C;(3)在(2)的条件下,求出点B所经过的路径长.【答案】(1)A1(3,﹣3);(2)见解答;(3)π.【解析】(1)延长AC到A1使A1C=2AC,延长BC到B1使B1C=2BC,则可得到△A1B1C,然后写出点A1的坐标;(2)利用网格特点和旋转的性质画出A、B的对应点A2、B2即可;(3)先利用勾股定理计算出CB,然后根据弧长公式计算点B所经过的路径长.解:(1)如图,△A1B1C为所作,点A1的坐标为(3,﹣3);(2)如图,△A2B2C为所作;(3)CB==,所以点B所经过的路径长==π.6. 如图所示,在网格中,每个小正方形的边长均为1个单位长度,把小正方形的顶点叫做格点,O为平面直角坐标系的原点,矩形OABC 的4个顶点均在格点上,连接对角线OB .(1)在平面直角坐标系内,以原点O 为位似中心,把OAB 缩小,作出它的位似图形,并且使所作的位似图形与OAB 的相似比等于12; (2)将OAB 以O 为旋转中心,逆时针旋转90︒,得到11OA B ,作出11OA B ,并求出线段OB 旋转过程中所形成扇形的周长.【答案】(1)见详解;(2)见详解; 弧长是()41313π+【解析】(1)根据位似图形的定义作图即可;(定义:如果两个图形不仅相似,而且对应点的连线交于一点,这两个图形叫做位似图形,交点叫做位似中心;)(2)根据图形旋转的方法:将顶点与旋转中心的连线旋转90︒即可得旋转后的图形11OA B ;OB 旋转后扇形的半径为OB 长度,在坐标网格中,根据直角三角形勾股定理可得OB 长度,然后代入扇形弧长公式,同时加上扇形两半径即可求出答案.(2)作出旋转后图形11OA B ,2264213OB =+=,周长是90213221341313180ππ⨯+⨯=+.【点睛】题目主要考察位似图形的画法、旋转图形画法、勾股定理及弧长公式的计算,难点是对定义的理解及对公式的运用.7.如图,在平面直角坐标系中,网格的每个小方格都是边长为1个单位长度的正方形,点A ,B ,C 的坐标分别为(1,2)A ,(3,1)B ,(2,3)C ,先以原点O 为位似中心在第三象限内画一个111A B C ∆,使它与ABC ∆位似,且相似比为2:1,然后再把ABC ∆绕原点O 逆时针旋转90°得到222A B C ∆.(1)画出111A B C ∆,并直接写出点1A 的坐标;(2)画出222A B C ∆,直接写出在旋转过程中,点A 到点2A 所经过的路径长.【答案】(1)见解析,A 1(-2,-4);(25. 【解析】连接AO 、BO 、CO ,并延长到2AO 、2BO 、2CO ,长度找到各点的对应点,顺次连接即可; 根据网格结构找出点A 、B 、C 绕点O 逆时针旋转90°后的对应点A 2、B 2、C 2的位置,然后顺次连接即可,再根据勾股定理列式求出OA ,然后利用弧长公式列式计算即可得解. (1)如图所示,A 1(-2,-4);(2)如图所示,∵OA=221+2=5∴2AA 的长为:9055=1802ππ⨯.【点睛】本题考查了平移变换作图和轴对称图形的作法及画位似图形.注意:画位似图形的一般步骤为:①确定位似中心,②分别连接并延长位似中心和能代表原图的关键点;③根据相似比,确定能代表所作的位似图形的关键点;顺次连接上述各点,得到放大或缩小的图形.8.《墨子·天文志》记载:“执规矩,以度天下之方圆.”度方知圆,感悟数学之美.如图,正方形ABCD 的面积为4,以它的对角线的交点为位似中心,作它的位似图形A B C D '''',若:2:1A B AB ='',则四边形A B C D ''''的外接圆的周长为___________.【答案】2π【解析】根据正方形ABCD 的面积为4,求出2AB =,根据位似比求出4A B ''=,周长即可得出; 正方形ABCD 的面积为4, ∴2AB =,:2:1A B AB ''=,∴4A B ''=,∴22442A C ''=+=所求周长42π=.【点睛】本题考查位似图形,涉及知识点:正方形的面积,正方形的对角线,圆的周长,解题关键求出正方形ABCD 的边长.9. 如图、在平面直角坐标系中,△ABC 的三个顶点的坐标分别为A (4,1),B (2,3),C (1,2).(1)画出与△ABC 关于y 轴对称的△A 1B 1C 1;(2)以原点O 为位似中心,在第三象限内画一个△A 2B 2C 2,使它与△ABC 的相似比为2:1,并写出点B 2的坐标.【答案】(1)作图见解析 (2)作图见解析【解析】【分析】(1)根据关于y 轴对称的点的坐标得到A 1、B 1、C 1的坐标,然后描点连线得到△A 1B 1C 1. (2)把A 、B 、C 的坐标都乘以-2得到A 2、B 2、C 2的坐标,然后描点连线即可. 如图,111A B C ∆为所作.如图,222A B C ∆为所作,点B 2的坐标为(-4,-6).【点睛】本题考查位似变换、轴对称变换,解题的关键是注意位似中心及相似比、对称轴.。
专题06 规律问题(解析版)
专题06 规律问题 2021届中考数学压轴大题专项训练(解析版)1.某种球形病毒的直径约是0.01纳米,一个该种病毒每经过一分钟就能繁殖出9个与自己完全相同的病毒,假如这种病毒在人体内聚集到一定数量,按这样的数量排列成一串,长度达到1分米时,人体就会感到不适.(1米9=10纳米)(1)从感染到第一个病毒开始,经过5分钟,人体内改种病毒的总长度是多少纳米?(2)从感染到第一个病毒开始,经过多少分钟,人体会感到不适?【答案】(1)从感染到第一个病毒开始,经过5分钟,人体内改种病毒的总长度是1000纳米;(2)从感染到第一个病毒开始,经过10分钟,人体会感到不适.【解析】解:(1)由题意可知:经过5分钟,人体内改种病毒的总长度是0.01×1×105=1000(纳米) 答:从感染到第一个病毒开始,经过5分钟,人体内改种病毒的总长度是1000纳米; (2)1分米=110米8=10纳米 而810÷(0.01×1)=1010∴从感染到第一个病毒开始,经过10分钟,人体会感到不适答:从感染到第一个病毒开始,经过10分钟,人体会感到不适.2.你会求()()20182017201621?··1a a a a a a -++++++的值吗?这个问题看上去很复杂,我们可以先考虑简单的情况,通过计算,探索规律:()()2111a a a -+=-()()23111a a a a -++=-()()324111a a a a a -+++=-(1)由上面的规律我们可以大胆猜想,得到()()201920182017211a a a a a a -+++⋅⋅⋅+++=_____;(2)利用上面的结论求2019201820172222221++++++的值. (3)求201920182017255554+++⋅⋅⋅++的值【答案】(1)20201a -;(2)202021-;(3)()20201594-. 【解析】(1)由题可以得到()()12211n n n a a a a a a ---++++++11n a +=-()()20192018211a a a a a ∴-+++++20201a =-(2)由结论得:2019201820172222221++++++()()2019201822122221=-⋅+++++ 202021=-(3)201920182017255554+++++()()2019201820172515555+5+1-24-+++=()202015124=-- ()20201594=- 3.计算|1﹣12|+|12﹣13|+|13﹣14|+…+|199﹣1100|. 【答案】99100【解析】解:111111112233499100-+-+-++-111111=1223499100-+--++- 1=1100- 99=100. 4.观察下列等式:第1个等式:11111212a ==-⨯;第2个等式:21112323a ==-⨯; 第3个等式:31113434a ==-⨯;第4个等式:41114545a ==-⨯; ……解答下列问题:(1)按以上规律写出第5个等式:5a =—————— = ——————.(2)求1232020a a a a ++++的值.(3)求111148812121620162020++++⨯⨯⨯⨯的值. 【答案】(1)156⨯,1156-;(2)20202021;(3)631010. 【解析】解:(1)第1个等式:11111212a ==-⨯; 第2个等式:21112323a ==-⨯; 第3个等式:31113434a ==-⨯; 第4个等式:41114545a ==-⨯;…… 第5个等式:51115656a ==-⨯;故答案为:156⨯;1156-; (2)12320201111111112233420202021a a a a ++++=-+-+-++- 112021=- 20202021=; (3)111148812121620162020++++⨯⨯⨯⨯ 812111111144820162020⎛⎫=⨯-+-++- ⎪⎝⎭111442020⎛⎫=⨯- ⎪⎝⎭150442020=⨯ 631010=. 5.阅读材料:求2342015122222+++++⋯+的值.解:设234201420151222222S =+++++⋯++,将等式的两边同乘以2,得234201520162222222S =++++⋯++将下式减去上式得,2016221S S -=-即201621S =-.即2342015201612222221+++++⋯+=-请你仿照此法计算:(1)填空:231222+++= .(2)求2341012222+++++…+2的值.(3)求234111111()()()()33333n +++++⋯+的值.(其中n 为正整数) 【答案】(1)15;(2)2047;(3)311()223n -⨯. 【解析】解:(1)由题意可得,1+2+22+23=24-1=16-1=15,故答案为:15;(2)由题意可得,2341012222+++++…+2 1121=- 20481=- 2047=;(3)设234111111()()()()33333n S =+++++⋯+, 则23411111111()()()()()3333333n n S +=++++⋯++, 1111()33n S S +∴-=-, 1211()33n S +∴=-, 解得,311()223n S =-⨯, 即234111111()()()()33333n +++++⋯+的值是311()223n -⨯. 6.在日历上,我们可以发现其中某些数满足一定的规律,图是2020年1月份的日历,我们用如图所示的四边形框出五个数.2020年1月:(1)将每个四边形框中最中间位置的数去掉后,将相对的两对数分别相减,再相加,例如:(108)(162)16-+-=,(2119)(2713)16-+-=.不难发现,结果都是16.若设中间位置的数为n ,请用含n 的式子表示发现的规律,并写出验证过程.(2)用同样的四边形框再框出5个数,若其中最小数的2倍与最大数的和为56,求出这5个数中的最大数的值.(3)小明说:我用同样的四边形框也框出了5个数,其中最小数与最大数的积是120.请判断他的说法是否正确,并说明理由.【答案】(1)(1)(1)(7)(7)16n n n n +--++--=,见解析;(2)28;(3)正确,见解析【解析】(1)设中间位置的数为n ,左边数为1n -,右边数1n +,上面数7n -,下面数为7n +, 则(1)(1)(7)(7)16n n n n +--++--=(2)2(7)(7)56n n -++=,21n =,21728∴+=.(3)正确(7)(7)120n n -+=,13n ∴=- (舍去)或者13n =,可以存在.7.材料:若一个正整数,它的各个数位上的数字是左右对称的,则称这个正整数是对称数.例如:正整数22是两位对称数;正整数797是三位对称数;正整数4664是四位对称数;正整数12321是五位对称数.根据材料,完成下列问题:(1)最大的两位对称数与最小的三位对称数的和为___________(2)若将任意一个四位对称数拆分为前两位数字顺次表示的两位数和后两位数字顺次表示的两位数,则这两个两位数的差一定能被9整除吗?请说明理由.(3)如果一个四位对称数的个位数字与十位数字的和等于10,并且这个四位对称数能被7整除,请求出满足条件的四位对称数.【答案】(1)200;(2)一定可以,理由见解析;(3)3773【解析】解:(1)最大的两位对称数是99,最小的三位对称数是101,99101200+=,故答案是:200;(2)设个位和千位上的数字是a ,十位和百位上的数字是b ,则这两位数分别是10a b +、10b a +,()101099a b b a a b +-+=-, 它们的差是99a b -,这个数是9的倍数,所以这个数一定可以被9整除;(3)设这个四位数的个位数是x ,则十位数是()10x -,这个数可以表示为()()1010100101000x x x x +-+-+,化简得8911100x +,令1x =,则这个数是1991,令2x =,则这个数是2882,令3x =,则这个数是3773,……令9x =,则这个数是9119,其中只有3773能够被7整除,∴满足条件的四位数是3773.8.用棱长为2cm 的若干小正方体按如所示的规律在地面上搭建若干个几何体.图中每个几何体自上而下分别叫第一层、第二层,,第n 层(n 为正整数)(1)搭建第∴个几何体的小立方体的个数为 .(2)分别求出第∴、∴个几何体的所有露出部分(不含底面)的面积.(3)为了美观,若将几何体的露出部分都涂上油漆(不含底面),已知喷涂21cm 需要油漆0.2克,求喷涂第20个几何体,共需要多少克油漆?【答案】(1)30;(2)第∴个几何体露出部分(不含底面)面积为264cm ,第∴个几何体露出部分(不含底面)面积为2132cm ;(3)992克.【解析】(1)搭建第∴个几何体的小立方体的个数为1,搭建第∴个几何体的小立方体的个数为21412+=+,搭建第∴个几何体的小立方体的个数为22149123++=++,归纳类推得:搭建第∴个几何体的小立方体的个数为22212341491630+++=+++=, 故答案为:30;(2)第∴个几何体的三视图如下:由题意,每个小正方形的面积为2224()cm ⨯=,则第∴个几何体的所有露出部分(不含底面)面积为()232324464()cm ⨯+⨯+⨯=; 第∴个几何体的三视图如下:则第∴个几何体的所有露出部分(不含底面)面积为()2626294132()cm ⨯+⨯+⨯=; (3)第20个几何体从第1层到第20层小立方体的个数依次为221,2,,20,则第20个几何体的所有露出部分(不含底面)面积为()()2221220212202044960()cm ⎡⎤⨯++++⨯++++⨯=⎣⎦, 因此,共需要油漆的克数为49600.2992⨯=(克),答:共需要992克油漆.9. 阅读下列解题过程:=====请回答下列回题:(1)观察上面的解答过程,请写出= ; (2)请你用含n (n 为正整数)的关系式表示上述各式子的变形规律; (3)利用上面的解法,请化简:......【答案】(1)10-(21=-(3)9.【解析】(1===10=-故答案为:10-(21=-(31=- ............=......=1--1+10=9.10.先化简,再求值:(2x+y)2−(2x−y)(2x+y)−5xy,其中x=2019,y=−1.【答案】2021.【解析】原式=4x2+4xy+y2−(4x2−y2)−5xy=4x2+4xy+y2−4x2+y2−5xy,=2y2−xy,当x=2019,y=−1时,原式=2×(−1)2−2019×(−1)=202111.观察下列三行数,回答问题:-1、+3、-5、+7、-9、+11、……-3、+1、-7、+5、-11、+9、……+3、-9、+15、-21、+27、-33、……(1)第∴行第9个数是___________第∴行第9个数是___________第∴行第9个数是___________(2)在第∴行中,是否存在连续的三个数,使其和为83?若存在,求这三个数;若不存在,说明理由.(3)是否存在第m列数(每行取第m个数),这三个数的和正好为-99?若存在,求m;若不存在,说明理由.【答案】(1)-17;-19;51.(2)存在,85,-91,89;(3)第m 列数不存在,理由见解析.【解析】(1)观察到第∴行的规律是()()121n n --,第∴行的规律是将第∴行的数-2,第∴行的规律是()()1163n n +--,因此当n=9时,第∴行的数为-17∴第∴行的数为-17-2=-19,第∴行的数为()17351-⨯-=;(2)设第∴行存在连续的三个数和为83,且第一个数为x ,若0x >,即x 在第∴行中的偶数次列,满足第n 列的数为23n -(其中n 为正偶数),则()()6483x x x +--++=,得85x =,即2385,44n n -==,符合题意,x 在第∴行第44列, 此时,连续的三个数依次为85,-91,89.若0x <,即x 在第∴行中的奇数次列,满足第n 列的数为21n --(其中n 为正奇数),则()()2483x x x +--+-=,得89x =,即2189n --=,45n =-,不符合题意,故舍去,综上所述,存在这样连续的三个数使和为83,依次为85,-91,89.(3)设存在第m 列数使三个数的和为-99,且此列第∴行的数为y ,则第m 列第∴行的数为2y -,第∴行的数为3y ,()2399y y y +-+-=-,得97y ,又第∴行中奇数次列为负,偶数次列为正,()971249+÷=,即97在第∴行第49列,应为负,故假设不成立, 所以,这样的第m 列数不存在.12.回答下列问题:(1)填空:()()a b a b -+=___________________;()()22a b a ab b -++=_____________________;()()3223a b a a b ab b -+++=______________________.(2)猜想:()()1221n n n n a b a a b ab b -----++++=___________________.(其中n 为正整数,且2n ≥); (3)利用(2)猜想的结论计算:∴10987322222222+++++++; ∴10987322222222-+-+-+-.【答案】(1)22a b -;33a b -;44a b -;(2)n n a b -;(3)∴2046;∴682【解析】解:()()22a b a b a b -+=-; ()()22a b a ab b -++322223=++---a a b ab a b ab b()()3223a b a a b ab b -+++4322332234=+++----a a b a b ab a b a b ab b44a b =-;故答案为:22a b -;33a b -;44a b -;(2)根据(1)中的规律,可得猜想:()()1221-----++++=-n n n n n b a b a a b ab b a b (其中n 为正整数,且2n ≥),故答案为:n n a b -; (3)∴10987322222222+++++++1098732222222211=++++++++-10982733728910(21)(22121212121211)1=-+⨯+⨯+⨯++⨯+⨯+⨯+- 11211=--204811=--2046=;∴10987322222222-+-+-+-1098732222222211=-+-+-+-+-109827337289101[2(1)][22(1)2(1)2(1)2(1)2(1)2(1)(1)]13=⨯--+⨯-+⨯-+⨯-++⨯-+⨯-+⨯-+--11111[2(1)]13=⨯--- 1204913=⨯-=.682。
专题06 平移、旋转问题(原卷版)
决战2020年中考典型压轴题大突破模块二中考压轴题几何变换综合专题考向导航在近几年的中考试题中,为了体现教育部关于中考命题改革的精神,出现了动手操作题。
动手操作题是让学生在通过实际操作的基础上设计有关的问题。
这类题对学生的能力有更高的要求,有利于培养学生的创新能力和实践能力,体现新课程理念。
此类试题的显著特点是以动手为基础的手脑并用的形式,有助于创新能力的培养和实践能力的提高,改变了以往一只笔一张纸的学习方式,是新课程改革的基本理念之,在中考中越来越受到关注。
常见的有折叠、旋转和平移操作。
操作型问题是指通过动手测量作图(象)、取值、计算等实验,猜想获得数学结论的探索研究性活动,这类活动完全模拟以动手为基础的手脑结合的科学研究形式,需要动手操作、合情合理和验证,不但有助于实践能力和创新能力的培养,更有助于养成实验研究的习惯,符合新课程标准,特别强调发现式学习、探究式学习和研究式学习,鼓励学生进行“微科研”活动,提倡要积极引导学生从事实验活动和实践活动,培养学生乐于动手、勤于实践的意识和习惯,切实提高学生的动手能力、实践能力的指导思想因此,实验操作问题将成为今后中考的热点题型。
专题06 旋转类问题方法点拨旋转类问题证明问题,既体现此类题型的动手能力、又能利用几何图形的性质进行全等、相似等证明。
精典例题(2019•大同二模)综合与实践问题情境:如图1,在数学活动课上,老师让同学们画了等腰Rt△ABC和等腰Rt△ADE,并连接CE,BD.操作发现:(1)当等腰Rt△ADE绕点A旋转,如图2,勤奋小组发现了:①线段CE与线段BD之间的数量关系是.②直线CE与直线BD之间的位置关系是.类比思考:(2)智慧小组在此基础上进行了深入思考,如图3,若△ABC与△ADE都为直角三角形,∠BAC=∠DAE=90°,且AC=2AB,AE=2AD,请你写出CE与BD的数量关系和位置关系,并加以证明.拓展应用:(3)创新小组在(2)的基础上,又作了进一步拓展研究,当点E在直线AB上方时,若DE ∥AB,且AB=√5,AD=1,其他条件不变,试求出线段CE的长.(直接写出结论)【点睛】(1)如图2中,延长BD交AC于点O,交EC于H.证明△EAC≌△DAB(SAS),即可解决问题.(2)结论:CE=2BD,CE⊥BD.如图3中,延长BD交AC于点O,交EC于点H.证明△ABD∽△ACE,即可解决问题.(3)如图4中,当DE∥AB时,设DE交AC于H,易证AC⊥DE.求出EH,CH,理由勾股定理即可解决问题.巩固突破1.(2019•邓州市二模)阅读材料如图①,△ABC与△DEF都是等腰直角三角形,∠ACB=∠EDF=90°,且点D在AB边上,AB、EF 的中点均为O,连接BF、CD、CO,显然,点C、F、O在同一条直线上,可以证明△BOF≌△COD,所以BF=CD.解决问题:(1)将图①中的Rt△DEF绕点O旋转到图②的位置,猜想此时线段BF与CD的数量关系,并证明你的结论;(2)如图③,若△ABC与△DEF都是等边三角形,AB、EF的中点均为O,上述(1)中结论仍然成立吗?如果成立,请说明理由;如果不成立,请求出BF与CD之间的数量关系;(3)如图④,若△ABC与△DEF都是等腰三角形,AB、EF的中点均为O,且顶角∠ACB=∠EDF=α,BF与CD之间的数量关系如何(用含α的式子表示出来)?请直接写出结果.2.(2019•中原区校级四模)问题发现:如图(1)在Rt△ABC和Rt△BDE中,∠A=∠DEB=30°,BC =BE=6,Rt△BDE绕点B逆时针旋转,H为CD的中点,当点C与点E重台时,BH与AE的位置关系为,BH与AE的数量关系为;问题证明:在Rt△BDE绕点B旋转的过程中,(1)中的结论是否仍然成立?若成立,请就图(2)的情形给出证明若不成立,请说明理由;拓展应用:在Rt△BDE绕点B旋转的过程中,当DE∥BC时,请直接写出BH2的长.3.(2019•宛城区二模)【问题背景】如图,在Rt△ABC中,∠BAC=90°,AB=AC,点D,E分别在边AB,AC上,AD=AE,连接DC,BE,点P为DC的中点.【观察猜想】观察图1,猜想线段AP与BE的数量关系是,位置关系是.(2)【拓展探究】把△ADE绕点A逆时针方向旋转到图2的位置,(1)中的结论是否仍然成立,若成立,请证明:否则写出新的结论并说明理由.(3)【问题解决】把△ADE绕点A在平面内自由旋转,若DE=4,BC=8,请直接写出线段AP长的取值范围.4.(2019•中原区校级三模)等腰直角三角形ABC中,AC=BC=4√2,E为AC中点,以CE为斜边作如图所示等腰直角三角形CED.(1)观察猜想:如图1所示,过D作DF⊥AE于F,交AB于G,线段CD与BG的关系为;(2)探究证明:如图2所示,将△CDE绕点C顺时针旋转到如图所示位置,过D作DF⊥AE于F,过B作DE的平行线与直线FD交于点G,(1)中结论是否成立?请说明理由;(3)拓展延伸:如图3所示,当E、D、G共线时,直接写出DG的长度.5.(2019•金水区校级模拟)如图,△ABC与△CDE为等腰直角三角形,∠BAC=∠DEC=90°,连接AD,取AD中点P,连接BP,并延长到点M,使BP=PM,连接AM、EM、AE,将△CDE绕点C顺时针旋转.(1)如图①,当点D在BC上,E在AC上时,AE与AM的数量关系是,∠MAE=;(2)将△CDE绕点C顺时针旋转到如图②所示的位置,(1)中的结论是否仍然成立,若成立,请给出证明,若不成立,请说明理由;(3)若CD=12BC,将△CDE由图①位置绕点C顺时针旋转α(0°<α<360°),当ME=√62CD时,请直接写出α的值.6.(2019•镇平三模)如图1,已知直角三角形ABC,∠ACB=90°,∠BAC=30°,点D是AC边上一点,过D作DE⊥AB于点E,连接BD,点F是BD中点,连接EF,CF.(1)发现问题:线段EF,CF之间的数量关系为;∠EFC的度数为;(2)拓展与探究:若将△AED绕点A按顺时针方向旋转α角(0°<α<30°),如图2所示,(1)中的结论还成立吗?请说明理由;(3)拓展与运用:如图3所示,若△AED绕点A旋转的过程中,当点D落到AB边上时,AB边上另有一点G,AD=DG=GB,BC=3,连接EG,请直接写出EG的长度.7.(2019•葫芦岛模拟)在等腰△ABC中,∠BAC=90°,作∠ABC的平分线交AC于点D,∠MDN=135°,将∠MDN绕点D旋转,使∠MDN的两边交直线BA于点E,交直线BC于点F.(1)当∠MDN绕点D旋转到如图①的位置时,请直接写出三条线段AE,CF,AD的数量关系;(2)当∠MDN绕点D旋转到如图②的位置时,(1)中结论是否成立,若成立,请证明;若不成立,请写出正确的结论,并说明理由;(3)若BC=2+√2,当∠CDF=15°时,请直接写出线段CF的长度.8.(2019•北辰区二模)在平面直角坐标系中,O为坐标原点点A(3,4)点B(6,0).(Ⅰ)如图①,求AB的长;(Ⅱ)如图②,把图①中的△OAB绕点B顺时针旋转,使点O的对应点M恰好落在OA延长线上,N 是点A旋转后的对应点.①求证:BN∥OM;②求点N的坐标;(Ⅲ)点C是OB的中点,点D为线段OA上的动点在△OAB绕点B顺时针旋转过程中,点D的对应点是P,求线段CP长的取值范围(直接写出结果)9.(2019•南岗区四模)已知:在平面直角坐标系中,点O为坐标原点,线段AB的两个端点的坐标分别为A (0,a ),B (b ,0),且a >0,b <0,将线段AB 绕点A 顺时针旋转90°得到线段AC .(1)如图1,用a ,b 表示点C 的坐标;(2)如图2,连接BC 并延长交y 轴于点D ,点E 在x 轴上,连接CE ,DE ,且BE =CE ,求证:∠BDE =45°;(3)如图3,在(2)条件下,过点D 作BD 的垂线DF ,点F 在第一象限内,连接BF 交CE 于点G ,若BG :BC :DF =3:3:4,BF =17,求AO 的长.10.(2019•洛阳三模)如图1,在Rt △ABC 中,∠C =90°,AC =8,AB =10,D ,E 两点分别是AC ,CB 上的点,且CD =6,DE ∥AB ,将△CDE 绕点C 顺时针旋转一周,记旋转角为α.(1)问题发现①当α=0°时,AD EB = ;②当α=90°时,AD EB= . (2)拓展探究 请你猜想当△CDE 在旋转的过程中,AD EB 是否发生变化?根据图2证明你的猜想.(3)问题解决 在将△CDE 绕点C 顺时针旋转一周的过程中,当AD =2√13时,BE = ,此时α= .11.(2019•碑林区校级二模)在△ABC中,∠ACB=90°,BC=AC=2,将△ABC绕点A顺时针方向旋转α角(0°<α<180°)至△AB′C′的位置.问题探究:(1)如图1,当旋转角为60°时,连接C′C与AB交于点M,则C′C=,CM=.(2)如图2,在(1)条件下,连接BB′,延长CC′交BB′于点D,求CD的长.问题解决:(3)如图3,在旋转的过程中,连线CC′、BB′,CC′所在直线交BB′于点D,那么CD的长有没有最大值?如果有,求出CD的最大值:如果没有,请说明理由.12.(2019•洛阳二模)如图1,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,AB=BC=4,点D、E分别是边AB、AC 的中点,连接DE,将△ADE绕点A按顺时针方向旋转,记旋转角为α,BD、CE所在直线相交所成的锐角为β.(1)问题发现当α=0°时,CEBD=;β=°.(2)拓展探究试判断:当0°≤α<360°时,CEBD和β的大小有无变化?请仅就图2的情形给出证明.(3)在△ADE旋转过程中,当DE∥AC时,直接写出此时△CBE的面积.13.(2019•苏家屯区二模)已知:如图,△ABC和△BDE都是等腰直角三角形,∠ACB=∠BDE=90°,点F是AE的中点,连接DF,CF.(1)如图1,点D,E分别在AB,BC边上,填空:CF与DF的数量关系是,位置关系是;(2)如图2,将图1中的△BDE绕B顺时针旋转45°得到图2,请判断(1)中CF与DF的数量关系和位置关系是否仍然成立,如果成立,请加以证明;如果不成立,请说明理由;(3)如图3,将图1中的△BDE绕B顺时针旋转90°得到图3,如果BD=2,AC=3√2,请直接写出CF的长.14.(2019•博罗一模)有一块含30°角的直角三角板OMN,其中∠MON=90°,∠NMO=30°,ON=2√3,将这块直角三角板按如图所示位置摆放.等边△ABC的顶点B与点O重合,BC边落在OM上,点A恰好落在斜边MN上,将等边△ABC从图1的位置沿OM方向以每秒1个单位长度的速度平移,边AB,AC分别与斜边MN交于点E,F(如图2所示),设△ABC平移的时间为t(s)(0<t<6).(1)等边△ABC的边长为;(2)在运动过程中,当时,MN垂直平分AB;(3)当0<t<6时,求直角三角板OMN与等边△ABC重叠部分的面积S与时间t之间的函数关系式.15.(2019•海州区一模)如图1,将两个完全相同的三角形纸片ABC和DEC重合放置,其中∠C=90°,∠B=∠E=30°.(1)操作发现:如图2,固定△ABC,使△DEC绕点C旋转,当点D恰好落在AB边上时,填空:①线段DE与AC的位置关系是;②设△BDC的面积为S1,△AEC的面积为S2,则S1与S2的数量关系是.(2)猜想论证:当△DEC绕点C旋转到如图3所示的位置时,小明猜想(1)中S1与S2的数量关系仍然成立,并尝试分别作出了△BDC和△AEC中BC、CE边上的高,请你证明小明的猜想.(3)拓展探究已知∠ABC=60°,点D是角平分线上一点,BD=CD=6,DE∥AB交BC于点E(如图4),若在射线BA上存在点F,使S△DCF=S△BDE,请求出相应的BF的长.16.(2019•建昌一模)已知:点A、B在∠MON的边OM上,作AC⊥OM,BD⊥OM,分别交ON于C、D两点.(1)若∠MON=45°.①如图1,请直接与出线段AB和CD的数量关系.②将△AOC绕点O逆时针旋转到如图2的位置,连接AB、CD,猜想线段AB和CD的数量关系,并证明你的猜想.(2)若∠MON=α(0°<α<90°),如图3,请直接写出线段OC、OD、AB之间的数量关系.(用含α的式子表示)17.(2019•南漳模拟)在四边形ABCD 中,点E 为AB 边上的一点,点F 为对角线BD 上的一点,且EF ⊥AB .(1)若四边形ABCD 是正方形①如图1,直接写出AE 与DF 的数量关系 ;②将△EBF 绕点B 逆时针旋转到图2所示的位置,连接AE ,DF ,猜想AE 与DF 的数量关系并说明理由;(2)如图3,若四边形ABCD 为矩形,AB BC =√22,其它条件都不变,将△EBF 绕点B 顺时针旋转α(0o<α≤90o )得到△E 'BF '(E 、F 的对应点分别为E '、F '点),连接AE '、DF ',请在图3中画出草图,并判定AE′DF′的值是否随着α的变化而变化.若变化,请说明变化情况;若不变,请求出AE′DF′的值.18.(2019•徐州一模)将一副直角三角尺按图1摆放,其中∠C =90°,∠EDF =90°,∠B =60°,∠F =45°,等腰直角三角尺的直角边DF 恰好垂直平分AB ,与AC 相交于点G ,BC =4√3cm .(1)求DG 的长;(2)如图2.将△DEF 绕点D 按顺时针方向旋转,直角边DF 经过点C ,另一直角边DE 与AC 相交于点H ,分别过点H ,D 作AB ,BC 的垂线,垂足分别为点M ,N .猜想HM 与CN 之间的数量关系,并证明;(3)如图3,在旋转的过程中,若△DEF 两边DE ,DF 与△ABC 两边AC ,BC 分别交于K 、T 两点,则KT 的最小值为 .19.(2019•太原一模)综合与实践数学活动:在综合与实践活动课上,老师让同学们以“三角形纸片的折叠、旋转”为主题开展数学活动,探究线段长度的有关问题.动手操作:如图1,在直角三角形纸片ABC中,∠BAC=90°,AB=6,AC=8.将三角形纸片ABC进行以下操作:第一步:折叠三角形纸片ABC使点C与点A重合,然后展开铺平,得到折痕DE;第二步:将△ABC沿折痕DE剪开,然后将△DEC绕点D逆时针方向旋转得到△DFG,点E,C的对应点分别是点F,G,射线GF与边AC交于点M(点M不与点A重合),与边AB交于点N,线段DG与边AC交于点P.数学思考:(1)求DC的长;(2)在△DEC绕点D旋转的过程中,试判断MF与ME的数量关系,并证明你的结论;问题解决:(3)在△DEC绕点D旋转的过程中,探究下列问题:①如图2,当GF∥BC时,求AM的长;②如图3,当GF经过点B时,AM的长为;③当△DEC绕点D旋转至DE平分∠FDG的位置时,试在图4中作出此时的△DFG和射线GF,并直接写出AM的长.(要求:尺规作图,不写作法,保留作图痕迹,标记出所有相应的字母)11/ 11。
【精品专题训练】2021九年级数学中考总复习专题六几何图形动态变化型问题含答案与试题解析
2021专题六几何图形动态变化型问题一.试题(共8小题)1.(2020•淄博)如图1,点P从△ABC的顶点B出发,沿B→C→A匀速运动到点A,图2是点P运动时,线段BP的长度y随时间x变化的关系图象,其中M是曲线部分的最低点,则△ABC的面积是()A.12B.24C.36D.48 2.(2018•南通三模)如图,点C为线段AB的中点,E为直线AB上方的一点,且满足CE =CB,连接AE,以AE为腰,A为顶角顶点作等腰Rt△ADE,连接CD,当CD最大时,∠DEC的度数为()A.60°B.75°C.67.5°D.90°3.(2019•湖北)如图,在平面直角坐标系中,四边形OABC的顶点坐标分别为O(0,0),A(12,0),B(8,6),C(0,6).动点P从点O出发,以每秒3个单位长度的速度沿边OA向终点A运动;动点Q从点B同时出发,以每秒2个单位长度的速度沿边BC向终点C运动.设运动的时间为t秒,PQ2=y.(1)直接写出y关于t的函数解析式及t的取值范围:;(2)当PQ=3√5时,求t的值;(3)连接OB交PQ于点D,若双曲线y=kx(k≠0)经过点D,问k的值是否变化?若不变化,请求出k的值;若变化,请说明理由.4.(2019•宁夏)如图,在△ABC中,∠A=90°,AB=3,AC=4,点M,Q分别是边AB,BC上的动点(点M不与A,B重合),且MQ⊥BC,过点M作BC的平行线MN,交AC 于点N,连接NQ,设BQ为x.(1)试说明不论x为何值时,总有△QBM∽△ABC;(2)是否存在一点Q,使得四边形BMNQ为平行四边形,试说明理由;(3)当x为何值时,四边形BMNQ的面积最大,并求出最大值.5.(2017•濮阳县一模)如图,等边△ABC边长为2,四边形DEFG是平行四边形,DG=2,DE=3,∠GDE=60°,BC和DE在同一条直线上,且点C与点D重合,现将△ABC 沿D→E的方向以每秒1个单位的速度匀速运动,当点B与点E重合时停止,则在这个运动过程中,△ABC与四边形DEFG的重合部分的面积S与运动时间t之间的函数关系图象大致是()A.B.C.D.6.(2019•达州)如图,边长都为4的正方形ABCD和正三角形EFG如图放置,AB与EF 在一条直线上,点A与点F重合.现将△EFG沿AB方向以每秒1个单位的速度匀速运动,当点F与B重合时停止.在这个运动过程中,正方形ABCD和△EFG重叠部分的面积S与运动时间t的函数图象大致是()A.B.C.D.7.(2019•天津)在平面直角坐标系中,O为原点,点A(6,0),点B在y轴的正半轴上,∠ABO=30°.矩形CODE的顶点D,E,C分别在OA,AB,OB上,OD=2.(Ⅰ)如图①,求点E的坐标;(Ⅱ)将矩形CODE沿x轴向右平移,得到矩形C′O′D′E′,点C,O,D,E的对应点分别为C′,O′,D′,E′.设OO′=t,矩形C′O′D′E′与△ABO重叠部分的面积为S.①如图②,当矩形C′O′D′E′与△ABO重叠部分为五边形时,C′E′,E′D′分别与AB相交于点M,F,试用含有t的式子表示S,并直接写出t的取值范围;②当√3≤S≤5√3时,求t的取值范围(直接写出结果即可).8.(2019•宁夏)将直角三角板ABC按如图1放置,直角顶点C与坐标原点重合,直角边AC、BC分别与x轴和y轴重合,其中∠ABC=30°.将此三角板沿y轴向下平移,当点B平移到原点O时运动停止.设平移的距离为m,平移过程中三角板落在第一象限部分的面积为s,s关于m的函数图象(如图2所示)与m轴相交于点P(√3,0),与s轴相交于点Q.(1)试确定三角板ABC的面积;(2)求平移前AB边所在直线的解析式;(3)求s关于m的函数关系式,并写出Q点的坐标.2021专题六几何图形动态变化型问题参考答案与试题解析一.试题(共8小题)1.(2020•淄博)如图1,点P从△ABC的顶点B出发,沿B→C→A匀速运动到点A,图2是点P运动时,线段BP的长度y随时间x变化的关系图象,其中M是曲线部分的最低点,则△ABC的面积是()A.12B.24C.36D.48【专题】动点型;数据分析观念.【解答】解:由图2知,AB=BC=10,当BP⊥AC时,y的值最小,即△ABC中,AC边上的高为8(即此时BP=8),当y=8时,PC=√BC2−BP2=√102−82=6,△ABC的面积=12×AC×BP=12×8×12=48,故选:D.2.(2018•南通三模)如图,点C为线段AB的中点,E为直线AB上方的一点,且满足CE =CB,连接AE,以AE为腰,A为顶角顶点作等腰Rt△ADE,连接CD,当CD最大时,∠DEC的度数为()A.60°B.75°C.67.5°D.90°【专题】图形的全等;等腰三角形与直角三角形;平移、旋转与对称.【解答】解:如图1中,将线段CA绕点A逆时针旋转90°得到线段AH,连接CH,DC.∵∠DAE=∠HAC=90°,∴∠DAH=∠EAC,∵DA=EA,HA=CA,∴△DAH≌△EAC(SAS),∴DH=CE=定值,∵CD≤DH+CH,CH是定值,∴当D,C,H共线时,DC定值最大,如图2中,此时∠AHD=∠ACE=135°,∴∠ECB=45°,∠DCE=∠ACE﹣∠ACH=90°,∵∠ECB=∠CAE+∠CEA,∵CA=CE,∴∠CAE=∠CEA=22.5°,∴∠ADH=∠AEEC=22.5°,∴∠CDE=45°﹣22.5°=22.5°,∴∠DEC=90°﹣22.5°=67.5°.故选:C.3.(2019•湖北)如图,在平面直角坐标系中,四边形OABC的顶点坐标分别为O(0,0),A(12,0),B(8,6),C(0,6).动点P从点O出发,以每秒3个单位长度的速度沿边OA向终点A运动;动点Q从点B同时出发,以每秒2个单位长度的速度沿边BC向终点C运动.设运动的时间为t秒,PQ2=y.(1)直接写出y关于t的函数解析式及t的取值范围:y=25t2﹣80t+100(0≤t≤4);(2)当PQ=3√5时,求t的值;(3)连接OB交PQ于点D,若双曲线y=kx(k≠0)经过点D,问k的值是否变化?若不变化,请求出k的值;若变化,请说明理由.【专题】函数的综合应用.【解答】解:(1)过点P作PE⊥BC于点E,如图1所示.当运动时间为t秒时(0≤t≤4)时,点P的坐标为(3t,0),点Q的坐标为(8﹣2t,6),∴PE=6,EQ=|8﹣2t﹣3t|=|8﹣5t|,∴PQ2=PE2+EQ2=62+|8﹣5t|2=25t2﹣80t+100,∴y=25t2﹣80t+100(0≤t≤4).故答案为:y=25t2﹣80t+100(0≤t≤4).(2)当PQ=3√5时,25t2﹣80t+100=(3√5)2,整理,得:5t2﹣16t+11=0,解得:t1=1,t2=11 5.(3)经过点D的双曲线y=kx(k≠0)的k值不变.连接OB,交PQ于点D,过点D作DF⊥OA于点F,如图2所示.∵OC=6,BC=8,∴OB=√OC2+BC2=10.∵BQ∥OP,∴△BDQ∽△ODP,∴BDOD =BQOP=2t3t=23,∴OD=6.∵CB∥OA,∴∠DOF=∠OBC.在Rt △OBC 中,sin ∠OBC =OC OB =610=35,cos ∠OBC =BC OB =810=45, ∴OF =OD •cos ∠OBC =6×45=245,DF =OD •sin ∠OBC =6×35=185, ∴点D 的坐标为(245,185),∴经过点D 的双曲线y =kx (k ≠0)的k 值为245×185=43225.4.(2019•宁夏)如图,在△ABC 中,∠A =90°,AB =3,AC =4,点M ,Q 分别是边AB ,BC 上的动点(点M 不与A ,B 重合),且MQ ⊥BC ,过点M 作BC 的平行线MN ,交AC 于点N ,连接NQ ,设BQ 为x .(1)试说明不论x 为何值时,总有△QBM ∽△ABC ;(2)是否存在一点Q ,使得四边形BMNQ 为平行四边形,试说明理由; (3)当x 为何值时,四边形BMNQ 的面积最大,并求出最大值.【专题】几何综合题. 【解答】解:(1)∵MQ ⊥BC ,∴∠MQB =90°,∴∠MQB =∠CAB ,又∠QBM =∠ABC , ∴△QBM ∽△ABC ;(2)当BQ =MN 时,四边形BMNQ 为平行四边形, 设AM =3a ,则MN =5a , ∴BQ =MN =5a , ∵MN ∥BQ ,∴∠NMQ =∠MQB =90°,∴∠AMN +∠BMQ =90°,又∠B +∠BMQ =90°, ∴∠B =∠AMN ,又∠MQB =∠A =90°, ∴△MBQ ∽△NMA , ∴AM BQ=MN BM ,即3a 5a=5a 3−3a,解得,a =934, ∴BQ =4534,∵MN ∥BQ ,BQ =MN =4534, ∴四边形BMNQ 为平行四边形; (3)∵∠A =90°,AB =3,AC =4, ∴BC =√AB 2+AC 2=5, ∵△QBM ∽△ABC , ∴QB AB=QM AC=BM BC,即x 3=QM 4=BM 5,解得,QM =43x ,BM =53x , ∵MN ∥BC , ∴MN BC=AM AB,即MN 5=3−53x 3,解得,MN =5−259x ,则四边形BMNQ 的面积=12×(5−259x +x )×43x =−3227(x −4532)2+7532, ∴当x =4532时,四边形BMNQ 的面积最大,最大值为7532.5.(2017•濮阳县一模)如图,等边△ABC边长为2,四边形DEFG是平行四边形,DG=2,DE=3,∠GDE=60°,BC和DE在同一条直线上,且点C与点D重合,现将△ABC 沿D→E的方向以每秒1个单位的速度匀速运动,当点B与点E重合时停止,则在这个运动过程中,△ABC与四边形DEFG的重合部分的面积S与运动时间t之间的函数关系图象大致是()A.B.C.D.【解答】解:①当0≤t≤2时,如图1,由题意知CD=t,∠HDC=∠HCD=60°,∴△CDH是等边三角形,则S=√34t2;②当2<t≤3时,如图2,S=√34×22=√3;③当3<t≤5时,如图3,根据题意可得CE=CD﹣DE=t﹣3,∠C=∠HEC=60°,∴△CEH为等边三角形,则S=S△ABC﹣S△HEC=√34×22−√34(t﹣3)2=−√34t2+3√32t−5√34;综上,0≤t≤2时函数图象是开口向上的抛物线的一部分,2<t≤3时函数图象是平行于x轴的一部分,当3<t≤5时函数图象是开口向下的抛物线的一部分;故选:B.6.(2019•达州)如图,边长都为4的正方形ABCD和正三角形EFG如图放置,AB与EF 在一条直线上,点A与点F重合.现将△EFG沿AB方向以每秒1个单位的速度匀速运动,当点F与B重合时停止.在这个运动过程中,正方形ABCD和△EFG重叠部分的面积S与运动时间t的函数图象大致是()A.B.C.D.【专题】函数及其图象.【解答】解:当0≤t≤2时,S=t⋅(t⋅tan60°)2=√32t2,即S与t是二次函数关系,有最小值(0,0),开口向上,当2<t≤4时,S=4×(4×sin60°)2−(4−t)⋅[(4−t)⋅tan60°]2=4√3−√32(4−t)2,即S与t是二次函数关系,开口向下,由上可得,选项C符合题意,故选:C.7.(2019•天津)在平面直角坐标系中,O为原点,点A(6,0),点B在y轴的正半轴上,∠ABO=30°.矩形CODE的顶点D,E,C分别在OA,AB,OB上,OD=2.(Ⅰ)如图①,求点E的坐标;(Ⅱ)将矩形CODE沿x轴向右平移,得到矩形C′O′D′E′,点C,O,D,E的对应点分别为C′,O′,D′,E′.设OO′=t,矩形C′O′D′E′与△ABO重叠部分的面积为S.①如图②,当矩形C′O′D′E′与△ABO重叠部分为五边形时,C′E′,E′D′分别与AB相交于点M,F,试用含有t的式子表示S,并直接写出t的取值范围;②当√3≤S≤5√3时,求t的取值范围(直接写出结果即可).【专题】几何综合题;等腰三角形与直角三角形;矩形菱形正方形;平移、旋转与对称.【解答】解:(Ⅰ)∵点A(6,0),∴OA=6,∵OD=2,∴AD=OA﹣OD=6﹣2=4,∵四边形CODE是矩形,∴DE∥OC,∴∠AED=∠ABO=30°,在Rt△AED中,AE=2AD=8,ED=√AE2−AD2=√82−42=4√3,∵OD=2,∴点E的坐标为(2,4√3);(Ⅱ)①由平移的性质得:O′D′=2,E′D′=4√3,ME′=OO′=t,D′E′∥O′C′∥OB,∴∠E′FM=∠ABO=30°,∴在Rt△MFE′中,MF=2ME′=2t,FE′=√MF2−ME′2=√(2t)2−t2=√3t,∴S △MFE ′=12ME ′•FE ′=12×t ×√3t =√3t 22,∵S 矩形C ′O ′D ′E ′=O ′D ′•E ′D ′=2×4√3=8√3,∴S =S 矩形C ′O ′D ′E ′﹣S △MFE ′=8√3−√3t 22, ∴S =−√32t 2+8√3,其中t 的取值范围是:0<t <2;②当S =√3时,如图③所示:O 'A =OA ﹣OO '=6﹣t ,∵∠AO 'F =90°,∠AFO '=∠ABO =30°,∴O 'F =√3O 'A =√3(6﹣t )∴S =12(6﹣t )×√3(6﹣t )=√3,解得:t =6−√2,或t =6+√2(舍去),∴t =6−√2;当S =5√3时,如图④所示:O 'A =6﹣t ,D 'A =6﹣t ﹣2=4﹣t ,∴O 'G =√3(6﹣t ),D 'F =√3(4﹣t ),∴S =12[√3(6﹣t )+√3(4﹣t )]×2=5√3, 解得:t =52,∴当√3≤S ≤5√3时,t 的取值范围为52≤t ≤6−√2.8.(2019•宁夏)将直角三角板ABC 按如图1放置,直角顶点C 与坐标原点重合,直角边AC 、BC 分别与x 轴和y 轴重合,其中∠ABC =30°.将此三角板沿y 轴向下平移,当点B 平移到原点O 时运动停止.设平移的距离为m ,平移过程中三角板落在第一象限部分的面积为s ,s 关于m 的函数图象(如图2所示)与m 轴相交于点P (√3,0),与s 轴相交于点Q .(1)试确定三角板ABC 的面积;(2)求平移前AB 边所在直线的解析式;(3)求s 关于m 的函数关系式,并写出Q 点的坐标.【专题】函数及其图像;一次函数及其应用;等腰三角形与直角三角形;平移、旋转与对称.【解答】解:(1)∵与m 轴相交于点P (√3,0),∴OB =√3,∵∠ABC =30°,∴OA =1,∴S =12×1×√3=√32;(2)∵B (0,√3),A (1,0),设AB 的解析式y =kx +b ,∴{b =√3k +b =0,∴{k =−√3b =√3, ∴y =−√3x +√3;(3)在移动过程中OB =√3−m ,则OA =tan30°×OB =√33×(√3−m )=1−√33m , ∴s =12×(√3−m )×(1−√33m )=√36m 2−m +√32,(0≤m ≤√3) 当m =0时,s =√32, ∴Q (0,√32).。
2021年中考数学真题(全国通用)专题06 一次方程(组)及应用(共40题)-(原卷版)
专题6一次方程(组)及应用(共40题)一、单选题1.(2021·浙江温州市·中考真题)解方程,以下去括号正确的是( )()221x x-+=A .B .C .D .41x x-+=-42x x-+=-41x x--=42x x--=2.(2021·安徽)设a ,b ,c 为互不相等的实数,且,则下列结论正确的是( )4155b a c =+A .B .C .D .a b c>>c b a>>4()a b b c -=-5()a c ab -=-3.(2021·天津中考真题)方程组的解是( )234x y x y +=⎧⎨+=⎩A .B .C .D .02x y =⎧⎨=⎩11x y =⎧⎨=⎩22x y =⎧⎨=-⎩33x y =⎧⎨=-⎩4.(2021·浙江杭州市·中考真题)某景点今年四月接待游客25万人次,五月接待游客60.5万人次,设该景点今年四月到五月接待游客人次的增长率为(),则( )x 0x >A .B .()60.5125x -=()25160.5x -=C .D .()60.5125x +=()25160.5x +=5.(2021·浙江温州市·中考真题)某地居民生活用水收费标准:每月用水量不超过17立方米,每立方米a 元;超过部分每立方米元.该地区某用户上月用水量为20立方米,则应缴水费为()()1.2a +A .元B .元C .元D .元20a ()2024a +()17 3.6a +()20 3.6a +6.(2021·四川南充市·中考真题)端午节买粽子,每个肉粽比素粽多1元,购买10个肉粽和5个素粽共用去70元,设每个肉粽x 元,则可列方程为( )A .B .105(1)70x x +-=105(1)70x x ++=C .D .10(1)570x x -+=10(1)570x x ++=7.(2021·江苏苏州市·中考真题)某公司上半年生产甲,乙两种型号的无人机若干架.已知甲种型号无人机架数比总架数的一半多11架,乙种型号无人机架数比总架数的三分之一少2架.设甲种型号无人机x 架,乙种型号无人机架.根据题意可列出的方程组是()yA .B .()()111,3122x x y y x y ⎧=+-⎪⎪⎨⎪=++⎪⎩()()111.3122x x y y x y ⎧=++⎪⎪⎨⎪=+-⎪⎩C .D .()()111,2123x x y y x y ⎧=+-⎪⎪⎨⎪=++⎪⎩()()111,2123x x y y x y ⎧=++⎪⎪⎨⎪=+-⎪⎩8.(2021·四川成都市·中考真题)《九章算术》卷八方程第十题原文为:“今有甲、乙二人持钱不知其数甲得乙半而钱五十,乙得甲太半而亦钱五十.问:甲、乙持钱各几何?”题目大意是:甲、乙两人各带了若干钱.如果甲得到乙所有钱的一半,那么甲共有钱50;如果乙得到甲所有钱的,那么乙也共有钱50,23问:甲、乙两人各带了多少钱?设甲、乙两人持钱的数量分别为x ,y ,则可列方程组为( )A .B .C .D .15022503x y y x ⎧+=⎪⎪⎨⎪+=⎪⎩15022503x y y x ⎧-=⎪⎪⎨⎪+=⎪⎩2502503x y x x -=⎧⎪⎨-=⎪⎩2502503x y x y -=⎧⎪⎨-=⎪⎩9.(2021·浙江宁波市·中考真题)我国古代数学名著《张邱建算经》中记载:“今有清洒一斗直粟十斗,醑酒一斗直粟三斗.今持粟三斛,得酒五斗,问清、醑酒各几何?”意思是:现在一斗清酒价值10斗谷子,一斗醑酒价值3斗谷子,现在拿30斗谷子,共换了5斗酒,问清酒、醑酒各几斗?如果设清酒x 斗,醑酒y 斗,那么可列方程组为()A .B .C .D .510330x y x y +=⎧⎨+=⎩531030x y x y +=⎧⎨+=⎩305103x y x y+=⎧⎪⎨+=⎪⎩305310x y x y +=⎧⎪⎨+=⎪⎩10.(2021·甘肃武威市·中考真题)我国古代数学著作《孙子算经》有“多人共车”问题:“今有三人共车,二车空;二人共车,九人步.问:人与车各几何?”其大意如下:有若干人要坐车,如果每3人坐一辆车,那么有2辆空车;如果每2人坐一辆车,那么有9人需要步行,问人与车各多少?设共有人,辆车,则x y 可列方程组为()A .B .C .D .3(2)29y xy x -=⎧⎨-=⎩3(2)29y xy x +=⎧⎨+=⎩3(2)29y xy x -=⎧⎨+=⎩3(2)29y xy x -=⎧⎨+=⎩二、填空题11.(2021·四川凉山彝族自治州·中考真题)已知是方程的解,则a 的值为13x y =⎧⎨=⎩2ax y +=______________.12.(2021·浙江嘉兴市·中考真题)已知二元一次方程,请写出该方程的一组整数解314+=x y __________________.13.(2021·浙江金华市·中考真题)已知是方程的一个解,则m 的值是2x y m =⎧⎨=⎩3210x y +=____________.14.(2021·四川广安市·中考真题)若、满足,则代数式的值为______.x y 2223x y x y -=-⎧⎨+=⎩224x y -15.(2021·重庆中考真题)若关于x 的方程的解是,则a 的值为__________.442xa -+=2x =16.(2021·重庆中考真题)方程的解是__________.2(3)6x -=17.(2021·浙江绍兴市·中考真题)我国明代数学读本《算法统宗》有一道题,其题意为:客人一起分银子,若每人7两,还剩4两;若每人9两,则差8两,银子共有_______两.(注:明代时1斤=16两)18.(2021·江苏扬州市·中考真题)扬州雕版印刷技艺历史悠久,元代数学家朱世杰的《算学启蒙》一书曾刻于扬州,该书是中国较早的数学著作之一,书中记载一道问题:“今有良马日行二百四十里,驽马日行一百五十里,驽马先行一十二日,问良马几何日追及之?”题意是:快马每天走240里,慢马每天走150里,慢马先走12天,试问快马几天追上慢马?答:快马_______天追上慢马.19.(2021·湖南邵阳市·中考真题)《九章算术》中有一道阐述“盈不足术”的问题,原文如下:今有共买物,人出八,盈三;人出七,不足四.问人数、物价各几何?意思是:几个人一起去购买某物品,如果每人出8钱,则多了3钱;如果每人出7钱,则少了4钱.问有多少人,物品的价值是多少?该问题中物品的价值是______钱.20.(2021·重庆中考真题)盲盒为消费市场注入了活力,既能够营造消费者购物过程中的趣味体验,也为商家实现销售额提升拓展了途径.某商家将蓝牙耳机、多接口优盘、迷你音箱共22个,搭配为A ,B ,C 三种盲盒各一个,其中A 盒中有2个蓝牙耳机,3个多接口优盘,1个迷你音箱;B 盒中蓝牙耳机与迷你音箱的数量之和等于多接口优盘的数量,蓝牙耳机与迷你音箱的数量之比为3:2;C 盒中有1个蓝牙耳机,3个多接口优盘,2个迷你音箱.经核算,A 盒的成本为145元,B 盒的成本为245元(每种盲盒的成本为该盒中蓝牙耳机、多接口优盘、迷你音箱的成本之和),则C 盒的成本为__________元.21.(2021·四川遂宁市·中考真题)已知关于x ,y 的二元一次方程组满足,则235423x y ax y a +=⎧⎨+=+⎩0x y ->a 的取值范围是____.22.(2021·山东泰安市·中考真题)《九章算术》中记载:“今有甲乙二人持钱不知其数,甲得乙半而钱五十,乙得甲太半而钱亦五十,问甲、乙持钱各几何?”译文:“假设有甲乙二人,不知其钱包里有多少钱,若乙把自己一半的钱给甲,则甲的钱数为50;而甲把自己的钱给乙,则乙的钱数也能为50.问甲、乙23各有多少钱?”设甲持钱数为x ,乙持钱数为y ,可列方程组为________.三、解答题23.(2021·江苏扬州市·中考真题)已知方程组的解也是关于x 、y 的方程的一个解,271x y x y +=⎧⎨=-⎩4ax y +=求a 的值.24.(2021·江苏连云港市·中考真题)为了做好防疫工作,学校准备购进一批消毒液.已知2瓶A 型消毒液和3瓶B 型消毒液共需41元,5瓶A 型消毒液和2瓶B 型消毒液共需53元.(1)这两种消毒液的单价各是多少元?(2)学校准备购进这两种消毒液共90瓶,且B 型消毒液的数量不少于A 型消毒液数量的,请设计出最13省钱的购买方案,并求出最少费用.25.(2021·浙江丽水市·中考真题)解方程组:.26x y x y =⎧⎨-=⎩26.(2021·四川眉山市·中考真题)解方程组3220021530x y x y -+=⎧⎨+-=⎩27.(2021·浙江台州市·中考真题)解方程组:241x y x y +=⎧⎨-=-⎩28.(2021·江苏苏州市·中考真题)解方程组:.3423x y x y -=-⎧⎨-=-⎩29.(2021·陕西中考真题)一家商店在销售某种服装(每件的标价相同)时,按这种服装每件标价的8折销售10件的销售额,与按这种服装每件的标价降低30元销售11件的销售额相等.求这种服装每件的标价.30.(2021·重庆中考真题)某工厂有甲、乙两个车间,甲车间生产A 产品,乙车间生产B 产品,去年两个车间生产产品的数量相同且全部售出.已知A 产品的销售单价比B 产品的销售单价高100元,1件A 产品与1件B 产品售价和为500元.(1)A 、B 两种产品的销售单价分别是多少元?(2)随着5G 时代的到来,工业互联网进入了快速发展时期.今年,该工厂计划依托工业互联网将乙车间改造为专供用户定制B 产品的生产车间.预计A 产品在售价不变的情况下产量将在去年的基础上增加a %;B 产品产量将在去年的基础上减少a %,但B 产品的销售单价将提高3a %.则今年A 、B 两种产品全部售出后总销售额将在去年的基础上增加%.求a 的值.2925a31.(2021·山东泰安市·中考真题)接种疫苗是阻断新冠病毒传播的有效途径,针对疫苗急需问题,某制药厂紧急批量生产,计划每天生产疫苗16万剂,但受某些因素影响,有10名工人不能按时到厂.为了应对疫情,回厂的工人加班生产,由原来每天工作8小时增加到10小时,每人每小时完成的工作量不变,这样每天只能生产疫苗15万剂.(1)求该厂当前参加生产的工人有多少人?(2)生产4天后,未到的工人同时到岗加入生产,每天生产时间仍为10小时.若上级分配给该厂共760万剂的生产任务,问该厂共需要多少天才能完成任务?32.(2021·安徽)某矩形人行道由相同的灰色正方形地砖与相同的白色等腰直角三角形地砖排列而成,图1表示此人行道的地砖排列方式,其中正方形地砖为连续排列.[观察思考]当正方形地砖只有1块时,等腰直角三角形地砖有6块(如图2);当正方形地砖有2块时,等腰直角三角形地砖有8块(如图3);以此类推,[规律总结](1)若人行道上每增加1块正方形地砖,则等腰直角三角形地砖增加块;(2)若一条这样的人行道一共有n (n 为正整数)块正方形地砖,则等腰直角三角形地砖的块数为 (用含n的代数式表示).[问题解决](3)现有2021块等腰直角三角形地砖,若按此规律再建一条人行道,要求等腰直角三角形地砖剩余最少,则需要正方形地砖多少块?33.(2021·四川成都市·中考真题)为改善城市人居环境,《成都市生活垃圾管理条例》(以下简称《条例》)于2021年3月1日起正式施行.某区域原来每天需要处理生活垃圾920吨,刚好被12个A型和10个B型预处置点位进行初筛、压缩等处理.已知一个A型点位比一个B型点位每天多处理7吨生活垃圾.(1)求每个B型点位每天处理生活垃圾的吨数;(2)由于《条例》的施行,垃圾分类要求提高,现在每个点位每天将少处理8吨生活垃圾,同时由于市民环保意识增强,该区域每天需要处理的生活垃圾比原来少10吨.若该区域计划增设A型、B型点位共5个,试问至少需要增设几个A型点位才能当日处理完所有生活垃圾?34.(2021·四川眉山市·中考真题)为进一步落实“德、智、体、美、劳”五育并举工作,某中学以体育为突破口,准备从体育用品商场一次性购买若千个足球和篮球,用于学校球类比赛活动.每个足球的价格都相同,每个篮球的价格也相同.已知篮球的单价比足球单价的2倍少30元,用1200元购买足球的数量是用900元购买篮球数量的2倍.(1)足球和篮球的单价各是多少元?(2)根据学校实际情况,需一次性购买足球和篮球共200个,但要求足球和篮球的总费用不超过15500元,学校最多可以购买多少个篮球?35.(2021·湖南邵阳市·中考真题)为庆祝中国共产党成立100周年,某校计划举行“学党史·感党恩”知识竞答活动,并计划购置篮球、钢笔、笔记本作为奖品.采购员刘老师在某文体用品购买了做为奖品的三种物品,回到学校后发现发票被弄花了,有几个数据变得不清楚,如图.请根据图所示的发票中的信息,帮助刘老师复原弄花的数据,即分别求出购置钢笔、笔记本的数量及对应的金额.36.(2021·浙江温州市·中考真题)某公司生产的一种营养品信息如下表.已知甲食材每千克的进价是乙食材的2倍,用80元购买的甲食材比用20元购买的乙食材多1千克.营养品信息表营养成份每千克含铁42毫克原料每千克含铁甲食材50毫克配料表乙食材10毫克规格每包食材含量每包单价A 包装1千克45元B 包装0.25千克12元(1)问甲、乙两种食材每千克进价分别是多少元?(2)该公司每日用18000元购进甲、乙两种食材并恰好全部用完.①问每日购进甲、乙两种食材各多少千克?②已知每日其他费用为2000元,且生产的营养品当日全部售出.若A 的数量不低于B 的数量,则A 为多少包时,每日所获总利润最大?最大总利润为多少元?37.(2021·四川资阳市·中考真题)我市某中学计划举行以“奋斗百年路,启航新征程”为主题的知识竞赛,并对获奖的同学给予奖励.现要购买甲、乙两种奖品,已知1件甲种奖品和2件乙种奖品共需40元,2件甲种奖品和3件乙种奖品共需70元.(1)求甲、乙两种奖品的单价;(2)根据颁奖计划,该中学需甲、乙两种奖品共60件,且甲种奖品的数量不少于乙种奖品数量的,应12如何购买才能使总费用最少?并求出最少费用.38.(2021·四川泸州市·中考真题)某运输公司有A 、B 两种货车,3辆A 货车与2辆B 货车一次可以运货90吨,5辆A 货车与4辆B 货车一次可以运货160吨.(1)请问1辆A 货车和1辆B 货车一次可以分别运货多少吨?(2)目前有190吨货物需要运输,该运输公司计划安排A 、B 两种货车将全部货物一次运完(A 、B 两种货车均满载),其中每辆A 货车一次运货花费500元,每辆B 货车一次运货花费400元.请你列出所有的运输方案,并指出哪种运输方案费用最少.39.(2021·重庆中考真题)对于任意一个四位数m ,若千位上的数字与个位上的数字之和是百位上的数字与十位上的数字之和的2倍,则称这个四位数m 为“共生数”例如:,因为,3507m =372(50)+=⨯+所以3507是“共生数”:,因为,所以4135不是“共生数”;4135m =452(13)+≠⨯+(1)判断5313,6437是否为“共生数”?并说明理由;(2)对于“共生数”n ,当十位上的数字是千位上的数字的2倍,百位上的数字与个位上的数字之和能被9整除时,记.求满足各数位上的数字之和是偶数的所有n .()3nF n =()F n 40.(2021·重庆中考真题)重庆小面是重庆美食的名片之一,深受外地游客和本地民众欢迎.某面馆向食客推出经典特色重庆小面,顾客可到店食用(简称“堂食”小面),也可购买搭配佐料的袋装生面(简称“生食”小面).已知3份“堂食”小面和2份“生食”小面的总售价为31元,4份“堂食”小面和1份“生食”小面的总售价为33元.(1)求每份“堂食”小面和“生食”小面的价格分别是多少元?(2)该面馆在4月共卖出“堂食”小面4500份,“生食”小面2500份,为回馈广大食客,该面馆从5月1日起每份“堂食”小面的价格保持不变,每份“生食”小面的价格降低.统计5月的销量和销售额发现:3a%4“堂食”小面的销量与4月相同,“生食”小面的销量在4月的基础上增加,这两种小面的总销售额在5%2a 4月的基础上增加.求a 的值.5%11a。
专题06 方程与不等式的实际运用【考点精讲】
解:(1) 5+3=21+3=8, 5313 是“ 共生数” ,
6+7=13 24+3=14,
6437 不是“ 共生数” . (2)设“共生数” n 的千位上的数字为a, 则十位上的数字为2a, 设百位上的数字为b, 个位上的数字为c, 1 a < 5, 0 b 9,0 c 9, 且 a,b,c 为整数, 所以: n 1000a 100b 20a c 1020a 100b c, 由“共生数”的定义可得: a c 22a b,
程是( B ) A. 0.631 x 0.68 B. 0.631 x2 0.68 C. 0.631 2x 0.68 D. 0.631 2x2 0.68
【例9】(2021·湖南张家界市·中考真题)2021年是中国共产党建党100周年,全 国各地积极开展“弘扬红色文化,重走长征路”主题教育学习活动,我市“红二方 面军长征出发地纪念馆”成为重要的活动基地.据了解,今年3月份该基地接待参 观人数10万人,5月份接待参观人数增加到12.1万人. (1)求这两个月参观人数的月平均增长率; (2)按照这个增长率,预计6月份的参观人数是多少?
即 y 0.85 ,
答:甲工程队后期每天至少施工 0.85千米.
【例4】(2021·内蒙古中考真题)小刚家到学校的距离是1800米.某天早上,小刚 到学校后发现作业本忘在家中,此时离上课还有20分钟,于是他立即按原路跑步回 家,拿到作业本后骑自行车按原路返回学校.已知小刚骑自行车时间比跑步时间少 用了4.5分钟,且骑自行车的平均速度是跑步的平均速度的1.6倍. (1)求小刚跑步的平均速度; (2)如果小刚在家取作业本和取自行车共用了3分钟,他能否在上课前赶回学校? 请说明理由.
a b 3,
此时: n 1227, F n 1227 409 ,而 4+0+9=13 不为偶数,舍去,
中考数学专题06 方程与不等式的实际运用【考点巩固】(解析版)
专题06 方程与不等式的实际运用题型1:工程问题1.九龙坡区某工程公司积极参与“精美城市,幸福九龙坡建设,该工程公司下属的甲工程队、乙工程队别承包了杨家坪地区的A 工程、B 工程,甲工程队晴天需要14天完成,雨天工作效率下降30%,乙工程队晴天需15天完成,雨天工作效率下降20%,实际上两个工程队同时开工,同时完工.两工程队各工作了 天.【分析】根据题意找出两个等量关系:①甲工程队晴天所做的工程量+雨天所做的工程量=总工程量;②乙工程队晴天所做的工程量+雨天所做的工程量=总工程量.设工程总量为1,则甲工程队晴天工作效率为114,雨天工作效率为1−30%14;乙工程队晴天工作效率为115,雨天工作效率为1−20%15,根据等量关系列出方程组求解即可. 【详解】解:设两工程队各工作了x 天,在施工期间有y 天有雨,(x−y)+1−30%14y =1(x−y)+1−20%15y =1, 解得:x =17y =10.即两工程队各工作了17天.故答案为:17.2.(2021·湖南中考真题)为了改善湘西北地区的交通,我省正在修建长(沙)-益(阳)-常(德)高铁,其中长益段将于2021年底建成.开通后的长益高铁比现在运行的长益城际铁路全长缩短了40千米,运行时间为16分钟;现乘坐某次长益城际列车全程需要60分钟,平均速度是开通后的高铁的. (1)求长益段高铁与长益城际铁路全长各为多少千米?(2)甲、乙两个工程队同时对长益段高铁全线某个配套项目进行施工,每天对其施工的长度比为7:9,计划40天完成.施工5天后,工程指挥部要求甲工程队提高工效,以确保整个工程提早3天以上(含3天)完成,那么甲工程队后期每天至少施工多少千米?【答案】(1)长益段高铁全长为64千米,长益城际铁路全长为104千米;(2)千米.13300.85【分析】(1)设开通后的长益高铁的平均速度为千米/分钟,从而可得某次长益城际列车的平均速度为千米/分钟,再根据“路程速度时间”、“开通后的长益高铁比现在运行的长益城际铁路全长缩短了40千米”建立方程,解方程即可得;(2)先求出甲、乙两个工程队每天对其施工的长度,再设甲工程队后期每天施工千米,根据“整个工程提早3天以上(含3天)完成”建立不等式,解不等式即可得. 【详解】解:(1)设开通后的长益高铁的平均速度为千米/分钟,则某次长益城际列车的平均速度为千米/分钟, 由题意得:, 解得, 则(千米),(千米), 答:长益段高铁全长为64千米,长益城际铁路全长为104千米; (2)由题意得:甲工程队每天对其施工的长度为(千米), 乙工程队每天对其施工的长度(千米), 设甲工程队后期每天施工千米,则, 解得, 即,答:甲工程队后期每天至少施工千米.题型2:行程问题3.某体育场的环形跑道长400m ,甲、乙分别以一定的速度练习长跑和自行车,如果反向而行,他们每隔30s 相遇一次.如果同向而行,那么每隔80s 乙就追上甲一次.则甲的速度是 m /s .【分析】设甲的速度为xm /s ,乙的速度为ym /s ,根据“某体育场的环形跑道长400m ,如果反向而行,他们每隔30s 相遇一次.如果同向而行,那么每隔80s 乙就追上甲一次”,即可得出关于x ,y 的二元一次方程组,解之即可得出结论.x 1330x =⨯y x 1330x 1360164030x x ⨯-=4x =16464⨯=1313606041043030x ⨯=⨯⨯=7647794010⨯=+9649794010⨯=+y 979(4053)(64(5101010y --+≥-+⨯1720y ≥0.85y ≥0.85【解答】解:设甲的速度为xm/s,乙的速度为ym/s,依题意,得:30x+30y=400 80y−80x=400,解得:x=256y=556.故答案为:256.4.(2021·山西中考真题)太原武宿国际机场简称“太原机场”,是山西省开通的首条定期国际客运航线.游客从太原某景区乘车到太原机场,有两条路线可供选择,路线一:走迎宾路经太输路全程是25千米,但交通比较拥堵;路线二:走太原环城高速全程是30千米,平均速度是路线一的53倍,因此到达太原机场的时间比走路线一少用7分钟,求走路线一到达太原机场需要多长时间.【答案】25分钟【分析】设走路线一到达太原机场需要x分钟,用含x的式子表示路线一、二的速度,再根据路线二平均速度是路线一的53倍列等式计算即可.【详解】解:设走路线一到达太原机场需要x分钟.根据题意,得5253037x x⨯=-.解得:25x=.经检验,25x=是原方程的解.答:走路线一到达太原机场需要25分钟.5.(2021·湖南岳阳市·中考真题)星期天,小明与妈妈到离家16km的洞庭湖博物馆参观.小明从家骑自行车先走,1h后妈妈开车从家出发,沿相同路线前往博物馆,结果他们同时到达.已知妈妈开车的平均速度是小明骑自行车平均速度的4倍,求妈妈开车的平均速度.【答案】妈妈开车的平均速度是48km/h .【分析】设妈妈开车的平均速度为x km/h ,根据小明行驶的时间比妈妈多用1小时列出方程,求解并检验可得结论.【详解】解:设妈妈开车的平均速度为x km/h ,则小明的速度为4x km/h ,根据题意得, 161614x x -=解得,48x =经检验,48x =是原方程的根,答:妈妈开车的平均速度是48km/h .题型3:历史文献问题6.(2021·甘肃武威市·中考真题)我国古代数学著作《孙子算经》有“多人共车”问题:“今有三人共车,二车空;二人共车,九人步.问:人与车各几何?”其大意如下:有若干人要坐车,如果每3人坐一辆车,那么有2辆空车;如果每2人坐一辆车,那么有9人需要步行,问人与车各多少?设共有x 人,y 辆车,则可列方程组为( )A .3(2)29y x y x -=⎧⎨-=⎩B .3(2)29y x y x +=⎧⎨+=⎩C .3(2)29y x y x -=⎧⎨+=⎩D .3(2)29y x y x -=⎧⎨+=⎩【答案】C【分析】 设共有x 人,y 辆车,由每3人坐一辆车,有2辆空车,可得()32,y x -= 由每2人坐一辆车,有9人需要步行,可得:29,y x += 从而可得答案.【详解】解:设共有x 人,y 辆车,则3(2)29y x y x -=⎧⎨+=⎩故选:.C7.(2021·浙江绍兴市·中考真题)我国明代数学读本《算法统宗》有一道题,其题意为:客人一起分银子,若每人7两,还剩4两;若每人9两,则差8两,银子共有_______两.(注:明代时1斤=16两)【答案】46【分析】题目中分银子的人数和银子的总数不变,有两种分法,根据银子的总数一样建立等式,进行求解.【详解】解:设有x 人一起分银子,根据题意建立等式得,7498x x +=-,解得:6x =,∴银子共有:67446⨯+=(两)故答案是:46.8.(2021·湖南邵阳市·中考真题)《九章算术》中有一道阐述“盈不足术”的问题,原文如下:今有共买物,人出八,盈三;人出七,不足四.问人数、物价各几何?意思是:几个人一起去购买某物品,如果每人出8钱,则多了3钱;如果每人出7钱,则少了4钱.问有多少人,物品的价值是多少?该问题中物品的价值是______钱.【答案】53【分析】设人数为x ,再根据两种付费的总钱数一样即可求解.【详解】解:设一共有x 人由题意得:8374x x -=+解得:7x =所以价值为:78353⨯-=(钱)故答案是:53.题型4:数字问题9.(2021·山西中考真题)2021年7日1日建党100周年纪念日,在本月日历表上可以用一个方框圈出4个数(如图所示),若圈出的四个数中,最小数与最大数的乘积为65,求这个最小数(请用方程知识解答).【答案】5【分析】根据日历上数字规律得出,圈出的四个数最大数与最小数的差值为8,设最小数为,则最大数为,结合已知,利用最大数与最小数的乘积为65列出方程求解即可.【详解】解:设这个最小数为.根据题意,得.解得,(不符合题意,舍去).答:这个最小数为5.题型5:增长率问题10.(2021·内蒙古通辽市·中考真题)随着互联网技术的发展,我国快递业务量逐年增加,据统计从2018年到2020年,我国快递业务量由507亿件增加到833.6亿件,设我国从2018年到2020年快递业务量的年平均增长率为x ,则可列方程为() A .B .C .D . 【答案】C【分析】根据题意,业务量由507亿件增加到833.6亿件,2020年快递业务量为833.6亿件,逐年分析即可列出方程.【详解】设从2018年到2020年快递业务量的年平均增长率为x ,2018年我国快递业务量为:507亿件,2019年我国快递业务量为:=亿件,2020年我国快递业务量为:+,x +8x x ()865x x +=15=x 213x =-()50712833.6x +=()50721833.6x ⨯+=()25071833.6x +=()()250750715071833.6x x ++++=507507x +507(1)x +507(1)x +2507(1)=507(1)x x x ++根据题意,得:故选C .11.(2021·四川宜宾市·中考真题)据统计,2021年第一季度宜宾市实现地区生产总值约652亿元,若使该市第三季度实现地区生产总值960亿元,设该市第二、三季度地区生产总值平均增长率为x ,则可列方程__________.【答案】【分析】根据题意,第一季度地区生产总值平均增长率第三季度地区生产总值,按照数量关系列方程即可得解.【详解】解:根据题意,第一季度地区生产总值平均增长率第三季度地区生产总值列方程得:,故答案为:.题型6:几何图形问题12.在一幅长50cm ,宽40cm 的矩形风景画的四周镶一条外框,制成一幅矩形挂图(如图所示),如果要使整个挂图的面积是3000cm 2,设边框的宽为x cm ,那么x 满足的方程是( )A .(50﹣2x )(40﹣2x )=3000B .(50+2x )(40+2x )=3000C .(50﹣x )(40﹣x )=3000D .(50+x )(40+x )=3000【答案】B【详解】解:设边框的宽为x cm , 所以整个挂画的长为(50+2x )cm ,宽为(40+2x )cm ,根据题意,得:(50+2x )(40+2x )=3000,故选:B .()25071833.6x +=()26521960x +=(1⨯+2)=(1⨯+2)=()26521960x +=()26521960x +=13.如图,某农户准备建一个长方形养鸡场,养鸡场的一边靠墙,若墙长为18m,另三边用竹篱笆围成,篱笆总长35m,围成长方形的养鸡场四周不能有空隙.(1)要围成养鸡场的面积为150m2,则养鸡场的长和宽各为多少?(2)围成养鸡场的面积能否达到200m2?请说明理由.【答案】(1)养鸡场的宽是10m,长为15m;(2)围成养鸡场的面积不能达到200m2,见解析【详解】解:(1)设养鸡场的宽为x m,根据题意得:x(35﹣2x)=150,解得:x1=10,x2=7.5,当x1=10时,35﹣2x=15<18,当x2=7.5时35﹣2x=20>18,(舍去),则养鸡场的宽是10m,长为15m.(2)设养鸡场的宽为x m,根据题意得:x(35﹣2x)=200,整理得:2x2﹣35x+200=0,△=(﹣35)2﹣4×2×200=1225﹣1600=﹣375<0,因为方程没有实数根,所以围成养鸡场的面积不能达到200m2.题型7:方案问题14.(2021·江苏无锡市·中考真题)为了提高广大职工对消防知识的学习热情,增强职工的消防意识,某单位工会决定组织消防知识竞赛活动,本次活动拟设一、二等奖若干名,并购买相应奖品.现有经费1275元用于购买奖品,且经费全部用完,已知一等奖奖品单价与二等奖奖品单价之比为4∶3.当用600元购买一等奖奖品时,共可购买一、二等奖奖品25件.(1)求一、二等奖奖品的单价;(2)若购买一等奖奖品的数量不少于4件且不超过10件,则共有哪几种购买方式?【答案】(1)一、二等奖奖品的单价分别是60元,45元;(2)共有3种购买方案,分别是:一等奖品数4件,二等奖品数23件;一等奖品数7件,二等奖品数19件;一等奖品数10件,二等奖品数15件.【分析】(1)设一、二等奖奖品的单价分别是4x ,3x ,根据等量关系,列出分式方程,即可求解; (2)设购买一等奖品的数量为m 件,则购买二等奖品的数量为件,根据4≤m ≤10,且为整数,m 为整数,即可得到答案. 【详解】 解:(1)设一、二等奖奖品的单价分别是4x ,3x ,由题意得:,解得:x =15, 经检验:x =15是方程的解,且符合题意,∴15×4=60(元),15×3=45(元),答:一、二等奖奖品的单价分别是60元,45元;(2)设购买一等奖品的数量为m 件,则购买二等奖品的数量为件, ∵4≤m ≤10,且为整数,m 为整数, ∴m =4,7,10,答:共有3种购买方案,分别是:一等奖品数4件,二等奖品数23件;一等奖品数7件,二等奖品数19件;一等奖品数10件,二等奖品数15件.15.(2021·黑龙江鹤岗市·中考真题)“中国人的饭碗必须牢牢掌握在咱们自己手中”.为扩大粮食生产规模,某粮食生产基地计划投入一笔资金购进甲、乙两种农机具,已知购进2件甲种农机具和1件乙种农机具共需3.5万元,购进1件甲种农机具和3件乙种农机具共需3万元.(1)求购进1件甲种农机具和1件乙种农机具各需多少万元?(2)若该粮食生产基地计划购进甲、乙两种农机具共10件,且投入资金不少于9.8万元又不超过12万元,设购进甲种农机具m 件,则有哪几种购买方案?哪种购买方案需要的资金最少,最少资金是多少?(3)在(2)的方案下,由于国家对农业生产扶持力度加大,每件甲种农机具降价0.7万元,每件乙种农机具降价0.2万元,该粮食生产基地计划将节省的资金全部用于再次购买甲、乙两种农机具(可以只购买一种),请直接写出再次购买农机具的方案有哪几种?【答案】(1)购进1件甲种农机具需1.5万元,购进1件乙种农机具需0.5万元;(2)有三种方案:方案一:购买甲种农机具5件,乙种农机具5件;方案二:购买甲种农机具6件,乙种农机具4件;方案三:购买甲种农机具7件,乙种农机具3件;方案一需要资金最少,8543m -8543m -60012756002543x x-+=127560854453m m --=8543m -最少资金是10万元;(3)节省的资金再次购买农机具的方案有两种:方案一:购买甲种农机具0件,乙种农机具15件;方案二:购买甲种农机具3件,乙种农机具7件【分析】(1)设购进1件甲种农机具需x 万元,购进1件乙种农机具需y 万元,根据题意可直接列出二元一次方程组求解即可;(2)在(1)的基础之上,结合题意,建立关于m 的一元一次不等式组,求解即可得到m 的范围,从而根据实际意义确定出m 的取值,即可确定不同的方案,最后再结合一次函数的性质确定最小值即可;(3)结合(2)的结论,直接求出可节省的资金,然后确定降价后的单价,再建立二元一次方程,并结合实际意义进行求解即可.【详解】解:(1)设购进1件甲种农机具需x 万元,购进1件乙种农机具需y 万元.根据题意,得, 解得:, 答:购进1件甲种农机具需1.5万元,购进1件乙种农机具需0.5万元.(2)根据题意,得, 解得:,∵m 为整数,∴m 可取5、6、7,∴有三种方案:方案一:购买甲种农机具5件,乙种农机具5件;方案二:购买甲种农机具6件,乙种农机具4件;方案三:购买甲种农机具7件,乙种农机具3件.设总资金为W 万元,则,∵,∴W 随m 的增大而增大,∴当时,(万元),∴方案一需要资金最少,最少资金是10万元.(3)由(2)可知,购买甲种农机具5件,乙种农机具5件时,费用最小,根据题意,此时,节省的费用为(万元), 2 3.533x y x y +=⎧⎨+=⎩1.50.5x y =⎧⎨=⎩1.50.5(10)9.81.50.5(10)12m m m m +-≥⎧⎨+-≤⎩4.87m ≤≤()1.50.5105W m m m =+-=+10k =>5m =5510W =+=最小50.750.2 4.5⨯+⨯=降价后的单价分别为:甲种0.8万元,乙种0.3万元,设节省的资金可购买a 台甲种,b 台乙种,则:,由题意,a ,b 均为非负整数,∴满足条件的解为:或, ∴节省的资金再次购买农机具的方案有两种:方案一:购买甲种农机具0件,乙种农机具15件;方案二:购买甲种农机具3件,乙种农机具7件.16.(2021·黑龙江中考真题)“中国人的饭碗必须牢牢掌握在咱们自己手中”.为扩大粮食生产规模,某粮食生产基地计划投入一笔资金购进甲、乙两种农机具,已知购进2件甲种农机具和1件乙种农机具共需万元,购进1件甲种农机具和3件乙种农机具共需3万元.(1)求购进1件甲种农机具和1件乙种农机具各需多少万元?(2)若该粮食生产基地计划购进甲、乙两种农机具共10件,且投入资金不少于万元又不超过12万元,设购进甲种农机具件,则有哪几种购买方案?(3)在(2)的条件下,哪种购买方案需要的资金最少,最少资金是多少?【答案】(1)购进1件甲种农机具需1.5万元,购进1件乙种农机具需0.5万元;(2)购进甲种农机具5件,乙种农机具5件;购进甲种农机具6件,乙种农机具4件;购进甲种农机具7件,乙种农机具3件;(3)购进甲种农机具5件,乙种农机具5件所需资金最少,最少资金为10万元.【分析】(1)设购进1件甲种农机具需x 万元,购进1件乙种农机具需y 万元,然后根据题意可得,进而求解即可; (2)由(1)及题意可得购进乙种农机具为(10-m )件,则可列不等式组为,然后求解即可;(3)设购买农机具所需资金为w 万元,则由(2)可得,然后结合一次函数的性质及(2)可直接进行求解.【详解】解:(1)设购进1件甲种农机具需x 万元,购进1件乙种农机具需y 万元,由题意得: , 0.80.3 4.5a b +=015a b =⎧⎨=⎩37a b =⎧⎨=⎩3.59.8m 2 3.533x y x y +=⎧⎨+=⎩()9.8 1.50.51012m m ≤+-≤5w m =+2 3.533x y x y +=⎧⎨+=⎩解得:, 答:购进1件甲种农机具需1.5万元,购进1件乙种农机具需0.5万元.(2)由题意得:购进乙种农机具为(10-m )件,∴,解得:,∵m 为正整数,∴m 的值为5、6、7,∴共有三种购买方案:购进甲种农机具5件,乙种农机具5件;购进甲种农机具6件,乙种农机具4件;购进甲种农机具7件,乙种农机具3件;.(3)设购买农机具所需资金为w 万元,则由(2)可得,∵1>0,∴w 随m 的增大而增大,∴当m =5时,w 的值最小,最小值为w=5+5=10,答:购进甲种农机具5件,乙种农机具5件所需资金最少,最少资金为10万元.题型8:利润问题17.(2021·四川遂宁市·中考真题)某服装店以每件30元的价格购进一批T 恤,如果以每件40元出售,那么一个月内能售出300件,根据以往销售经验,销售单价每提高1元,销售量就会减少10件,设T 恤的销售单价提高元.(1)服装店希望一个月内销售该种T 恤能获得利润3360元,并且尽可能减少库存,问T 恤的销售单价应提高多少元?(2)当销售单价定为多少元时,该服装店一个月内销售这种T 恤获得的利润最大?最大利润是多少元?【答案】(1)2元;(2)当服装店将销售单价50元时,得到最大利润是4000元【分析】(1)根据题意,通过列一元二次方程并求解,即可得到答案;(2)设利润为M 元,结合题意,根据二次函数的性质,计算得利润最大值对应的的值,从而得到答案.【详解】(1)由题意列方程得:(x +40-30) (300-10x )=3360解得:x 1=2,x 2=18∵要尽可能减少库存,1.50.5x y =⎧⎨=⎩()9.8 1.50.51012m m ≤+-≤4.87m ≤≤5w m =+x x∴x 2=18不合题意,故舍去∴T 恤的销售单价应提高2元;(2)设利润为M 元,由题意可得:M =(x +40-30)(300-10x )=-10x 2+200x +3000=∴当x =10时,M 最大值=4000元∴销售单价:40+10=50元∴当服装店将销售单价50元时,得到最大利润是4000元.18.(2021·浙江中考真题)今年以来,我市接待的游客人数逐月增加,据统计,游玩某景区的游客人数三月份为4万人,五月份为5.76万人.(1)求四月和五月这两个月中,该景区游客人数平均每月增长百分之几;(2)若该景区仅有,A B 两个景点,售票处出示的三种购票方式如表所示: 购票方式甲 乙 丙 可游玩景点A B A 和B 门票价格 100元/人 80元/人 160元/人据预测,六月份选择甲、乙、丙三种购票方式的人数分别有2万、3万和2万.并且当甲、乙两种门票价格不变时,丙种门票价格每下降1元,将有600人原计划购买甲种门票的游客和400人原计划购买乙种门票的游客改为购买丙种门票.①若丙种门票价格下降10元,求景区六月份的门票总收入;②问:将丙种门票价格下降多少元时,景区六月份的门票总收入有最大值?最大值是多少万元?【答案】(1)20%;(2)①798万元,②当丙种门票价格降低24元时,景区六月份的门票总收人有最大值,为817.6万元【分析】(1)设四月和五月这两个月中,该景区游客人数的月平均增长率为x ,则四月份的游客为()41x +人,五月份的游客为()241x +人,再列方程,解方程可得答案; (2)①分别计算购买甲,乙,丙种门票的人数,再计算门票收入即可得到答案;②设丙种门票价格降低m 元,景区六月份的门票总收人为W 万元,再列出W 与m 的二次函数关系式,利用二次函数的性质求解最大利润即可得到答案.【详解】解:(1)设四月和五月这两个月中,该景区游客人数的月平均增长率为x ,由题意,得24(1) 5.76x +=()210104000x --+()21 1.44,x ∴+=解这个方程,得120.2, 2.2x x ==-(舍去)答:四月和五月这两个月中,该景区游客人数平均每月增长20%.(2)①由题意,丙种门票价格下降10元,得:购买丙种门票的人数增加:0.6+0.4=1(万人),购买甲种门票的人数为:20.6 1.4-=(万人),购买乙种门票的人数为:30.4 2.6-=(万人),所以:门票收入问; ()()100 1.480 2.61601021⨯+⨯+-⨯+798=(万元)答:景区六月份的门票总收入为798万元.②设丙种门票价格降低m 元,景区六月份的门票总收人为W 万元,由题意,得()()()()10020.068030.0416020.060.04W m m m m m =-+-+-++化简,得20.1(24)817.6W m =--+,0.10-< ,∴当24m =时,W 取最大值,为817.6万元.答:当丙种门票价格降低24元时,景区六月份的门票总收人有最大值,为817.6万元. 题型9:一般问题19.(2021·辽宁本溪市·中考真题)某班计划购买两种毕业纪念册,已知购买1本手绘纪念册和4本图片纪念册共需135元,购买5本手绘纪念册和2本图片纪念册共需225元. (1)求每本手绘纪念册和每本图片纪念册的价格分别为多少元?(2)该班计划购买手绘纪念册和图片纪念册共40本,总费用不超过1100元,那么最多能购买手绘纪念册多少本?【答案】(1)每本手绘纪念册35元,每本图片纪念册25元;(2)最多能购买手绘纪念册10本.【分析】(1)设每本手绘纪念册x 元,每本图片纪念册y 元,根据题意列出二元一次方程组,求解即可;(2)设购买手绘纪念册a 本,则购买图片纪念册本,根据题意列出不等式,求解不等式即可.【详解】解:(1)设每本手绘纪念册x 元,每本图片纪念册y 元,()40a -根据题意可得:, 解得, 答:每本手绘纪念册35元,每本图片纪念册25元;(2)设购买手绘纪念册a 本,则购买图片纪念册本,根据题意可得: ,解得,∴最多能购买手绘纪念册10本.20.(2021·江苏常州市·中考真题)为落实节约用水的政策,某旅游景点进行设施改造,将手拧水龙头全部更换成感应水龙头.已知该景点在设施改造后,平均每天用水量是原来的一半,20吨水可以比原来多用5天,该景点在设施改造后平均每天用水多少吨?【答案】该景点在设施改造后平均每天用水2吨.【分析】设该景点在设施改造后平均每天用水x 吨,则原来平均每天用水2x 吨,列出分式方程,即可求解.【详解】解:设该景点在设施改造后平均每天用水x 吨,则原来平均每天用水2x 吨, 由题意得:,解得:x =2, 经检验:x =2是方程的解,且符合题意,答:该景点在设施改造后平均每天用水2吨.21.某商店销售一款工艺品,每件的成本是30元,为了合理定价,投放市场进行试销:据市场调查,销售单价是40元时,每天的销售量是80件,而销售单价每提高1元,每天就少售出2件,但要求销售单价不得超过55元.(1)若销售单价为每件45元,求每天的销售利润.(2)要使每天销售这种工艺品盈利1200元,那么每件工艺品售价应为多少元?【答案】(1)1050元;(2)50元【详解】解:(1)(4530)[80(4540)2]1050-⨯--⨯=(元).答:每天的销售利润为1050元.(2)设每件工艺品售价为x 元,则每天的销售量是[802(40)]x --件,依题意,得(30)[802(40)]1200x x ---=,413552225x y x y +=⎧⎨+=⎩3525x y =⎧⎨=⎩()40a -()3525401100a a +-≤10a ≤202052x x-=整理,得2x 110x 30000-+=,解得1250,60x x ==(不合题意,舍去).答:每件工艺品售价应为50元.题型10:分段收费22.为建设资源节约型社会,醴陵市自2012年以来就对家庭用电收费实行阶梯电价,即每月对每户居民的用电量分为三个档级收费,第一档为用电量在180度及(含180度)以内的部分,执行基本价格;第二档为用电量在180度以上到450度时(含450度时)的部分,实行提高电价;第三档为用电量超出450度时的部分,执行市场调节价格.经统计,我市小军同学家今年2月份用电200度,电费为119元,3月份用电210度时,电费为125.4元.(1)请根据小军家的用电量和电费情况,求出第一档的电价和第二档的电价分别是多少元/度.(2)已知小军同学家今年4、5月份的家庭用电量分别为160度和230度,请问小军家4、5月份的电费分别为多少元?【分析】(1)设第一档的电价为x 元/度,第二档的电价为y 元/度,根据“小军同学家今年2月份用电200度,电费为119元,3月份用电210度时,电费为125.4元”,即可得出关于x ,y 的二元一次方程组,解之即可得出结论;(2)利用小军家4月份的电费=第一档电价×4月份的用电量和小军家5月份的电费=第一档电价×180+第二档电价×(5月份的用电量﹣180),即可求出结论.【解答】解:(1)设第一档的电价为x 元/度,第二档的电价为y 元/度, 依题意,得:180x +(200−180)y =119180x +(210−180)y =125.4, 解得:x =0.59y =0.64.答:第一档电价为0.59元/度,第二档的电价为0.64元/度.(2)0.59×160=94.4(元),0.59×180+0.64×(230﹣180)=138.2(元).答:小军家4月份的电费为94.4元,5月份的电费为138.2元.23.为鼓励市民节约用水,某市居民生活用水按阶梯式水价计费.下表是该市居民“一户一表”生活用水阶梯式计费价格表的部分信息,请解答: 自来水销售价格每户每月用水量单位:元/吨 15吨及以下a 超过15吨但不超过25吨的部分 b超过25吨的部分 5(1)小王家今年3月份用水20吨,要交水费 元;(用a,b的代数式表示)(2)小王家今年4月份用水21吨,交水费48元;邻居小李家4月份用水27吨,交水费70元,求a,b的值.(3)在第(2)题的条件下,小王家5月份用水量与4月份用水量相同,却发现要比4月份多交9.6元钱水费,小李告诉小王说:“水价调整了,表中表示单位的a,b的值分别上调了整数角钱(没超过1元),其他都没变.”到底上调了多少角钱呢?请你帮小王求出符合条件的所有可能情况.【分析】(1)根据题意列出代数式即可;(2)根据题意列方程组,即可得到结论;(3)根据题意列出二元一次方程,求出符合条件的所有可能情况即可.【解答】解:(1)∵小王家今年3月份用水20吨,要交水费为15a+5b,故答案为:(15a+5b);(2)根据题意得,15a+6b=4815a+10b+5×2=70,解得:a=2 b=3;(3)设a上调了x元,b的值上调了y元,根据题意得,15x+6y=9.6,∴5x+2y=3.2,∵x,y为整数角钱(没超过1元),∴当x=0.6元时,y=0.1元,当x=0.4元时,y=0.6元,∴a的值上调了0.6元或0.4元,b的值上调了0.1元或0.6元。
人教课标版九年级数学(下册)专题六《几何综合探究题》PPT课件
7、(2017·安徽)已知正方形ABCD,点M为边AB的中点.
(1)如图1,点G为线段CM上的一点,且∠AGB=90°,延长AG,BG分
别与边BC,CD交于点E,F. ① 证明:BE=CF; ② 求证:BE2=BC·CE. (2)如图2,在边BC上取一点E,满足BE2=BC·CE,连接AE交CM于
数学 专题六 几何综合探究题
几何综合探究题 是指以几何知识为主
或以几何变换为主的一类综合题,涉及知识主 要包括几何的定义、公理、定理以及几何变换 等内容.
解题策略:解决几何型综合题的关键是把 代数知识与几何图形的性质以及计算与证明有 机融合起来,进行分析、推理,从而达到解决 问题的目的.
几何综合探究题型连续5年作为安徽中考 压轴题.主要涉及利用三角形相似或全等的判定 及性质进行相关的探究与证明、三角形和四边 形的综合探究与证明(常涉及线段的数量和位置 关系、求线段长、特殊图形的判定等),这是安徽 中考对几何推理与证明能力考查的必然体现.把 观察、操作、证明融于一体,展示了数学探究的 过程和方法,体现了对数学活动经验的关注,也体 现了对培养学生发现和提出问题、分析和解决 问题能力的关注.预计2018年仍会考查与全等或 相似三角形有关的探究.(命题预测)
例题 、 如图示,已; 知CD是RtΔABC的斜 边AB上的高.
求证:(1)AC2 AD AB
变式一:变换结论(挖掘或推广结论)
1、如图示,已知CD是RtΔABC的斜边AB上 的高. 求证 :(2)CD2 AD BD
(3)BC2 BD BA
变式二:弱化条件 ; (减少条件,一般化条件,部分开放条件)
1.(08安徽中招20T,本题12分)如图四边形ABCD 和四边形ACED都是平行四边形,点R为DE的中点, BR分别交AC、CD于点P、Q。 (1)请写出图中各对相似三角形(相似比为1 除外); (2)求BP∶PQ∶QR
专题06 几何综合探究变化型问题)(解析版)
2020年中考数学大题狂练之压轴大题突破培优练(江苏专用)专题06 几何综合探究变化型问题【真题再现】1.(2019年宿迁中考第28题)如图①,在钝角△ABC 中,∠ABC =30°,AC =4,点D 为边AB 中点,点E 为边BC 中点,将△BDE 绕点B 逆时针方向旋转α度(0≤α≤180).(1)如图②,当0<α<180时,连接AD 、CE .求证:△BDA ∽△BEC ;(2)如图③,直线CE 、AD 交于点G .在旋转过程中,∠AGC 的大小是否发生变化?如变化,请说明理由;如不变,请求出这个角的度数;(3)将△BDE 从图①位置绕点B 逆时针方向旋转180°,求点G 的运动路程.【分析】(1)如图①利用三角形的中位线定理,推出DE ∥AC ,可得BD BA =BE BC ,在图②中,利用两边成比例夹角相等证明三角形细相似即可.(2)利用相似三角形的性质证明即可.(3)点G 的运动路程,是图③﹣1中的BĜ的长的两倍,求出圆心角,半径,利用弧长公式计算即可.【解析】(1)如图②中,由图①,∵点D 为边AB 中点,点E 为边BC 中点,∴DE ∥AC ,∴BD BA =BE BC , ∴BDBE =BABC ,∵∠DBE =∠ABC ,∴∠DBA =∠EBC ,∴△DBA ∽△EBC .(2)∠AGC 的大小不发生变化,∠AGC =30°.理由:如图③中,设AB 交CG 于点O .∵△DBA ∽△EBC ,∴∠DAB =∠ECB ,∵∠DAB +∠AOG +∠G =180°,∠ECB +∠COB +∠ABC =180°,∠AOG =∠COB ,∴∠G =∠ABC =30°.(3)如图③﹣1中.设AB 的中点为K ,连接DK ,以AC 为边向左边等边△ACO ,连接OG ,OB .以O 为圆心,OA 为半径作⊙O ,∵∠AGC =30°,∠AOC =60°,∴∠AGC =12∠AOC ,∴点G 在⊙O 上运动,以B 为圆心,BD 为半径作⊙B ,当直线与⊙B 相切时,BD ⊥AD ,∴∠ADB =90°,∵BK =AK ,∴DK =BK =AK ,∵BD =BK ,∴BD =DK =BK ,∴△BDK 是等边三角形,∴∠DBK =60°,∴∠DAB =30°,∴∠BOG =2∠DAB =60°,∴BG ̂的长=60⋅π⋅4180=4π3, 观察图象可知,点G 的运动路程是BG ̂的长的两倍=8π3. 点评:本题属于相似形综合题,考查了相似三角形的判定和性质,弧长公式,等边三角形的判定和性质,圆周角定理等知识,解题的关键是正确寻找相似三角形解决问题,学会正确寻找点的运动轨迹,属于中考压轴题.2.(2019年连云港中考第27题)问题情境:如图1,在正方形ABCD 中,E 为边BC 上一点(不与点B 、C重合),垂直于AE的一条直线MN分别交AB、AE、CD于点M、P、N.判断线段DN、MB、EC之间的数量关系,并说明理由.问题探究:在“问题情境”的基础上.(1)如图2,若垂足P恰好为AE的中点,连接BD,交MN于点Q,连接EQ,并延长交边AD于点F.求∠AEF的度数;(2)如图3,当垂足P在正方形ABCD的对角线BD上时,连接AN,将△APN沿着AN翻折,点P落在点P'处,若正方形ABCD的边长为4,AD的中点为S,求P'S的最小值.问题拓展:如图4,在边长为4的正方形ABCD中,点M、N分别为边AB、CD上的点,将正方形ABCD 沿着MN翻折,使得BC的对应边B'C'恰好经过点A,C'N交AD于点F.分别过点A、F作AG⊥MN,FH⊥MN,垂足分别为G、H.若AG=52,请直接写出FH的长.【分析】问题情境:过点B作BF∥MN分别交AE、CD于点G、F,证出四边形MBFN为平行四边形,得出NF=MB,证明△ABE≌△BCF得出BE=CF,即可得出结论;问题探究:(1)连接AQ,过点Q作HI∥AB,分别交AD、BC于点H、I,证出△DHQ是等腰直角三角形,HD=HQ,AH=QI,证明Rt△AHQ≌Rt△QIE得出∠AQH=∠QEI,得出△AQE是等腰直角三角形,得出∠EAQ=∠AEQ=45°,即可得出结论;(2)连接AC交BD于点O,则△APN的直角顶点P在OB上运动,设点P与点B重合时,则点P′与点D重合;设点P与点O重合时,则点P′的落点为O′,由等腰直角三角形的性质得出∠ODA=∠ADO′=45°,当点P在线段BO上运动时,过点P作PG⊥CD于点G,过点P′作P′H⊥CD交CD延长线于点H,连接PC,证明△APB≌△CPB得出∠BAP=∠BCP,证明Rt△PGN≌Rt△NHP'得出PG=NH,GN=P'H,由正方形的性质得出∠PDG=45°,易得出PG=GD,得出GN=DH,DH=P'H,得出∠P'DH =45°,故∠P'DA=45°,点P'在线段DO'上运动;过点S作SK⊥DO',垂足为K,即可得出结果;问题拓展:延长AG交BC于E,交DC的延长线于Q,延长FH交CD于P,则EG=AG=52,PH=FH,得出AE =5,由勾股定理得出BE =√AE 2−AB 2=3,得出CE =BC ﹣BE =1,证明△ABE ∽△QCE ,得出QE =13AE =53,AQ =AE +QE =203,证明△AGM ∽△ABE ,得出AM =258,由折叠的性质得:AB '=EB =3,∠B '=∠B =90°,∠C '=∠BCD =90°,求出B 'M =√AM 2−AB′2=78,AC '=1,证明△AFC '∽△MAB ',得出AF =257,DF =4−257=37,证明△DFP ∽△DAQ ,得出FP =57,得出FH =12FP =514.【解答】问题情境:解:线段DN 、MB 、EC 之间的数量关系为:DN +MB =EC ;理由如下:∵四边形ABCD 是正方形,∴∠ABE =∠BCD =90°,AB =BC =CD ,AB ∥CD ,过点B 作BF ∥MN 分别交AE 、CD 于点G 、F ,如图1所示:∴四边形MBFN 为平行四边形,∴NF =MB ,∴BF ⊥AE ,∴∠BGE =90°,∴∠CBF +∠AEB =90°,∵∠BAE +∠AEB =90°,∴∠CBF =∠BAE ,在△ABE 和△BCF 中,{∠BAE =∠CBFAB =BC ∠ABE =∠BCF =90°,∴△ABE ≌△BCF (ASA ),∴BE =CF ,∵DN +NF +CF =BE +EC ,∴DN +MB =EC ;问题探究:解:(1)连接AQ ,过点Q 作HI ∥AB ,分别交AD 、BC 于点H 、I ,如图2所示:∵四边形ABCD 是正方形,∴四边形ABIH 为矩形,∴HI ⊥AD ,HI ⊥BC ,HI =AB =AD ,∵BD 是正方形ABCD 的对角线,∴∠BDA =45°,∴△DHQ 是等腰直角三角形,HD =HQ ,AH =QI ,∵MN 是AE 的垂直平分线,∴AQ =QE ,在Rt △AHQ 和Rt △QIE 中,{AQ =QE AH =QI, ∴Rt △AHQ ≌Rt △QIE (HL ),∴∠AQH =∠QEI ,∴∠AQH +∠EQI =90°,∴∠AQE =90°,∴△AQE 是等腰直角三角形,∴∠EAQ =∠AEQ =45°,即∠AEF =45°;(2)连接AC 交BD 于点O ,如图3所示:则△APN 的直角顶点P 在OB 上运动,设点P 与点B 重合时,则点P ′与点D 重合;设点P 与点O 重合时,则点P ′的落点为O ′,∵AO =OD ,∠AOD =90°,∴∠ODA =∠ADO ′=45°,当点P 在线段BO 上运动时,过点P 作PG ⊥CD 于点G ,过点P ′作P ′H ⊥CD 交CD 延长线于点H ,连接PC ,∵点P 在BD 上,∴AP =PC ,在△APB 和△CPB 中,{AP =PCBP =BP AB =BC,∴△APB ≌△CPB (SSS ),∴∠BAP =∠BCP ,∵∠BCD =∠MP A =90°,∴∠PCN =∠AMP ,∵AB ∥CD ,∴∠AMP =∠PNC ,∴∠PCN =∠PNC ,∴PC =PN ,∴AP =PN ,∴∠PNA =45°,∴∠PNP ′=90°,∴∠P ′NH +PNG =90°,∵∠P ′NH +∠NP ′H =90°,∠PNG +∠NPG =90°,∴∠NPG =∠P ′NH ,∠PNG =∠NP ′H ,由翻折性质得:PN =P ′N ,在△PGN 和△NHP '中,{∠NPG =∠P ′NHPN =P′N ∠PNG =∠NP′H,∴△PGN ≌△NHP '(ASA ),∴PG =NH ,GN =P 'H ,∵BD是正方形ABCD的对角线,∴∠PDG=45°,易得PG=GD,∴GN=DH,∴DH=P'H,∴∠P'DH=45°,故∠P'DA=45°,∴点P'在线段DO'上运动;过点S作SK⊥DO',垂足为K,∵点S为AD的中点,∴DS=2,则P'S的最小值为√2;问题拓展:解:延长AG交BC于E,交DC的延长线于Q,延长FH交CD于P,如图4:则EG=AG=52,PH=FH,∴AE=5,在Rt△ABE中,BE=√AE2−AB2=3,∴CE=BC﹣BE=1,∵∠B=∠ECQ=90°,∠AEB=∠QEC,∴△ABE∽△QCE,∴AEQE =BECE=3,∴QE=13AE=53,∴AQ =AE +QE =203, ∵AG ⊥MN , ∴∠AGM =90°=∠B ,∵∠MAG =∠EAB ,∴△AGM ∽△ABE ,∴AM AE =AG AB ,即AM 5=524,解得:AM =258, 由折叠的性质得:AB '=EB =3,∠B '=∠B =90°,∠C '=∠BCD =90°,∴B 'M =√AM 2−AB′2=78,AC '=1,∵∠BAD =90°,∴∠B 'AM =∠C 'F A ,∴△AFC '∽△MAB ',∴AF AM =AC′B′M =178,解得:AF =257, ∴DF =4−257=37, ∵AG ⊥MN ,FH ⊥MN ,∴AG ∥FH ,∴AQ ∥FP ,∴△DFP ∽△DAQ ,∴FP AQ =DF AD ,即FP 203=374,解得:FP =57,∴FH =12FP =514.点评:本题是四边形综合题目,考查了正方形的性质、翻折变换的性质、勾股定理、相似三角形的判定与性质、全等三角形的判定与性质、等腰直角三角形的判定与性质等知识;本题综合性强,有一定难度,证明三角形全等和三角形相似是解题的关键.3.(2019年无锡中考副卷第28题)如图,在Rt △ABC 中,AC =BC =4,∠ACB =90°,正方形BDEF 的边长为2,将正方形BDEF 绕点B 旋转一周,连接AE 、BE 、CD .(1)请找出图中与△ABE 相似的三角形,并说明理由;(2)求当A 、E 、F 三点在一直线上时CD 的长;(3)设AE 的中点为M ,连接FM ,试求FM 长的取值范围.【分析】(1)根据等腰三角形的性质和相似三角形的判定定理即可得到结论;(2)根据相似三角形的性质得到AB =√2BC =4√2,根据勾股定理得到AF =√AB 2−BF 2=√(4√2)2−22=2√7,如图1,当AE 在AB 左上方时,如图2,当AE 在AB 右下方时,即可得到结论;(3)如图3,延长EF 到G 使FG =EF ,连接AG ,BG ,求得△BFG 是等腰直角三角形,得到BG =√2BF =2√2,设M 为AE 的中点,连接MF ,根据三角形中位线的定理得到AG =2FM ,根据三角形的三边关系即可得到结论.【解析】(1)△ABE ∽△CBD ,∵在Rt △ABC 中,AC =BC =4,∠ACB =90°,∴∠ABC =∠EBD =45°, ∴∠ABE =∠CBD ,∵AB BC =√2,BE BD =√2, ∴AB BC =BEBD ,∴△ABE ∽△CBD ;(2)∵△ABE ∽△CBD ,∴AECD =BEBD =√2,∴CD =√22AE ,∵AC =BC =4,∠ACB =90°,∴AB =√2BC =4√2,∵当A、E、F三点在一直线上时,∵∠AFB=90°,∴AF=√AB2−BF2=√(4√2)2−22=2√7,如图1,当AE在AB左上方时,AE=AF﹣EF=2√7−2,∴CD=√14−√2;如图2,当AE在AB右下方时,同理,AE=AF+EF=2√7+2,∴CD=√14+√2;综上所述,当A、E、F三点在一直线上时,CD的长为√14−√2或√14+√2;(3)如图3,延长EF到G使FG=EF,连接AG,BG,则△BFG是等腰直角三角形,∴BG=√2BF=2√2,设M为AE的中点,连接MF,∴MF是△AGE的中位线,∴AG =2FM ,在△ABG 中,∵AB ﹣BG ≤AG ≤AB +BG ,∴2√2≤AG ≤6√2,∴√2≤FM ≤3√2.点评:本题考查了相似形的综合题,考查了相似三角形的判定和性质,正方形的性质,等腰直角三角形的性质,三角形中位线定理,正确的作出辅助线是解题的关键.4.(2019年盐城中考第25题)如图①是一张矩形纸片,按以下步骤进行操作:(Ⅰ)将矩形纸片沿DF 折叠,使点A 落在CD 边上点E 处,如图②;(Ⅱ)在第一次折叠的基础上,过点C 再次折叠,使得点B 落在边CD 上点B ′处,如图③,两次折痕交于点O ;(Ⅲ)展开纸片,分别连接OB 、OE 、OC 、FD ,如图④.【探究】(1)证明:△OBC ≌△OED ;(2)若AB =8,设BC 为x ,OB 2为y ,求y 关于x 的关系式.【分析】(1)利用折叠性质,由边角边证明△OBC ≌△OED ;(2)过点O 作OH ⊥CD 于点H .由(1)△OBC ≌△OED ,OE =OB ,BC =x ,则AD =DE =x ,则CE =8﹣x ,OH =12CD =4,则EH =CH ﹣CE =4﹣(8﹣x )=x ﹣4在Rt △OHE 中,由勾股定理得OE 2=OH 2+EH 2,即OB 2=42+(x ﹣4)2,所以y 关于x 的关系式:y =x 2﹣8x +32.【解析】(1)证明:由折叠可知,AD =ED ,∠BCO =∠DCO =∠ADO =∠CDO =45°∴BC =DE ,∠COD =90°,OC =OD ,在△OBC ≌△OED 中,{OC =OD ∠OCB =∠ODE BC =DE,∴△OBC ≌△OED (SAS );(2)过点O作OH⊥CD于点H.由(1)△OBC≌△OED,OE=OB,∵BC=x,则AD=DE=x,∴CE=8﹣x,∵OC=OD,∠COD=90°∴CH=12CD=12AB=12×8=4,OH=12CD=4,∴EH=CH﹣CE=4﹣(8﹣x)=x﹣4在Rt△OHE中,由勾股定理得OE2=OH2+EH2,即OB2=42+(x﹣4)2,∴y关于x的关系式:y=x2﹣8x+32.点评:本题是四边形综合题,熟练运用轴对称的性质和全等三角形的判定以及勾股定理是解题的关键.5.(2019•扬州)如图,已知等边△ABC的边长为8,点P是AB边上的一个动点(与点A、B不重合).直线1是经过点P的一条直线,把△ABC沿直线1折叠,点B的对应点是点B′.(1)如图1,当PB=4时,若点B′恰好在AC边上,则AB′的长度为4或0;(2)如图2,当PB=5时,若直线1∥AC,则BB′的长度为5√3;(3)如图3,点P在AB边上运动过程中,若直线1始终垂直于AC,△ACB′的面积是否变化?若变化,说明理由;若不变化,求出面积;(4)当PB=6时,在直线1变化过程中,求△ACB′面积的最大值.【分析】(1)证明△APB′是等边三角形即可解决问题.(2)如图2中,设直线l交BC于点E.连接BB′交PE于O.证明△PEB是等边三角形,求出OB即可解决问题.(3)如图3中,结论:面积不变.证明BB′∥AC即可.(4)如图4中,当B′P⊥AC时,△ACB′的面积最大,设直线PB′交AC于E,求出B′E即可解决问题.【解析】(1)如图1中,∵△ABC是等边三角形,∴∠A=60°,AB=BC=AC=8,∵PB=4,∴PB′=PB=P A=4,∵∠A=60°,∴△APB′是等边三角形,∴AB′=AP=4.当直线l经过C时,点B′与A重合,此时AB′=0故答案为4或0.(2)如图2中,设直线l交BC于点E.连接BB′交PE于O.∵PE∥AC,∴∠BPE=∠A=60°,∠BEP=∠C=60°,∴△PEB是等边三角形,∵PB=5,∴∵B,B′关于PE对称,∴BB′⊥PE,BB′=2OB∴OB=PB•sin60°=5√3 2,∴BB′=5√3.故答案为5√3.(3)如图3中,结论:面积不变.∵B,B′关于直线l对称,∴BB′⊥直线l,∵直线l⊥AC,∴AC∥BB′,∴S△ACB′=S△ACB=12×8×√32×8=16√3.(4)如图4中,当B′P⊥AC时,△ACB′的面积最大,设直线PB′交AC于E,在Rt△APE中,∵P A=2,∠P AE=60°,∴PE=P A•sin60°=√3,∴B′E=6+√3,∴S△ACB′的最大值=12×8×(6+√3)=4√3+24.解法二:如图5中,过点P作PH垂直于AC,由题意可得:B’在以P为圆心半径长为6的圆上运动,当PH的延长线交圆P于点B′时面积最大,此时BH=6+√3,S△ACB′的最大值=12×8×(6+√3)=4√3+24.点评:本题属于几何变换综合题,考查了等边三角形的性质和判定,轴对称变换,解直角三角形,平行线的判定和性质等知识,解题的关键是理解题意,灵活运用所学知识解决问题,属于中考压轴题.6.(2019年南京中考第26题)如图①,在Rt△ABC中,∠C=90°,AC=3,BC=4.求作菱形DEFG,使点D在边AC上,点E、F在边AB上,点G在边BC上.小明的作法1.如图②,在边AC上取一点D,过点D作DG∥AB交BC于点G.2.以点D 为圆心,DG 长为半径画弧,交AB 于点E .3.在EB 上截取EF =ED ,连接FG ,则四边形DEFG 为所求作的菱形.(1)证明小明所作的四边形DEFG 是菱形.(2)小明进一步探索,发现可作出的菱形的个数随着点D 的位置变化而变化……请你继续探索,直接写出菱形的个数及对应的CD 的长的取值范围.【分析】(1)根据邻边相等的平行四边形是菱形证明即可.(2)求出几种特殊位置的CD 的值判断即可.【解答】(1)证明:∵DE =DG ,EF =DE ,∴DG =EF ,∵DG ∥EF ,∴四边形DEFG 是平行四边形,∵DG =DE ,∴四边形DEFG 是菱形.(2)如图1中,当四边形DEFG 是正方形时,设正方形的边长为x .在Rt △ABC 中,∵∠C =90°,AC =3,BC =4,∴AB =√32+42=5,则CD =35x ,AD =54x ,∵AD +CD =AC ,∴35x +54x =3, ∴x =6037,∴CD =35x =3637, 观察图象可知:0≤CD <3637时,菱形的个数为0.如图2中,当四边形DAEG 是菱形时,设菱形的边长为m .∵DG ∥AB ,∴CD CA =DG AB , ∴3−m 3=m5, 解得m =158, ∴CD =3−158=98,如图3中,当四边形DEBG 是菱形时,设菱形的边长为n .∵DG ∥AB ,∴CG CB =DG AB , ∴4−n 4=n 5,∴n =209,∴CG =4−209=169,∴CD =√(209)2−(169)2=43,观察图象可知:当0≤CD <3637或43<CD ≤3时,菱形的个数为0,当CD =3637或98<CD ≤43时,菱形的个数为1,当3637<CD ≤98时,菱形的个数为2. 点评:本题考查相似三角形的判定和性质,菱形的判定和性质,作图﹣复杂作图等知识,解题的关键是学会寻找特殊位置解决问题,属于中考常考题型,题目有一定难度.【专项突破】【题组一】1.(2020•海门市校级模拟)已知正方形ABCD ,P 为射线AB 上的一点,以BP 为边作正方形BPEF ,使点F 在线段CB 的延长线上,连接EA 、EC .(1)如图1,若点P 在线段AB 的延长线上,求证:EA =EC ;(2)若点P 在线段AB 上,如图2,当点P 为AB 的中点时,判断△ACE 的形状,并说明理由;(3)在(1)的条件下,将正方形ABCD 固定,正方形BPEF 绕点B 旋转一周,设AB =4,BP =a ,若在旋转过程中△ACE 面积的最小值为4,请直接写出a 的值.【分析】(1)根据正方形的性质证明△APE ≌△CFE ,可得结论;(2)分别证明∠P AE =45°和∠BAC =45°,则∠CAE =90°,即△ACE 是直角三角形;(3)如图3中,连接BD 交AC 于O .因为点E 的运动轨迹是以B 为圆心,√2a 为半径的圆,推出当点E 在线段OB 上时,△ACE 的面积最小,构建方程即可解决问题(注意一题多解).【解答】证明:(1)如图1中,∵四边形ABCD 和四边形BPEF 是正方形,∴AB=BC,BP=BF,∴AP=CF,在△APE和△CFE中,∵{AP=CF ∠P=∠F PE=EF,∴△APE≌△CFE,∴EA=EC;(2)△ACE是直角三角形,理由是:如图2中,∵P为AB的中点,∴P A=PB,∵PB=PE,∴P A=PE,∴∠P AE=45°,又∵∠BAC=45°,∴∠CAE=90°,即△ACE是直角三角形;(3)如图3中,连接BD交AC于O.∵点E的运动轨迹是以B为圆心,√2a为半径的圆,∴当点E在线段OB上时,△ACE的面积最小,∵12×AC ×OE =4, ∴OE =√2,∵BE =2√2−√2=√2∴a =1,∴满足条件的a 的值为1.【题组二】2.(2019秋•青龙县期末)在等边三角形ABC 中,点D 是BC 的中点,点E 、F 分别是边AB 、AC (含线段AB 、AC 的端点)上的动点,且∠EDF =120°,小明和小慧对这个图形展开如下研究:问题初探:(1)如图1,小明发现:当∠DEB =90°时,BE +CF =nAB ,则n 的值为12 ;问题再探:(2)如图2,在点E 、F 的运动过程中,小慧发现两个有趣的结论:①DE 始终等于DF ;②BE 与CF 的和始终不变;请你选择其中一个结论加以证明.成果运用(3)若边长AB =4,在点E 、F 的运动过程中,记四边形DEAF 的周长为L ,L =DE +EA +AF +FD ,则周长L 的变化范围是 2√3+6≤L ≤10 .【分析】(1)先利用等边三角形判断出BD =CD =12AB ,进而判断出BE =12BD ,再判断出∠DFC =90°,得出CF =12CD ,即可得出结论;(2)①构造出△EDG ≌△FDH (ASA ),得出DE =DF ,即可得出结论;②由(1)知,BG +CH =12AB ,由①知,△EDG ≌△FDH (ASA ),得出EG =FH ,即可得出结论;(3)由(1)(2)判断出L =2DE +6,再判断出DE ⊥AB 时,L 最小,点F 和点C 重合时,DE 最大,即可得出结论.【解答】解:(1)∵△ABC 是等边三角形,∴∠B =∠C =60°,AB =BC ,∵点D 是BC 的中点,∴BD =CD =12BC =12AB ,∵∠DEB =90°,∴∠BDE =90°﹣∠B =30°,在Rt △BDE 中,BE =12BD ,∵∠EDF =120°,∠BDE =30°,∴∠CDF =180°﹣∠BDE ﹣∠EDF =30°,∵∠C =60°,∴∠DFC =90°,在Rt △CFD 中,CF =12CD ,∴BE +CF =12BD +12CD =12BC =12AB ,∵BE +CF =nAB ,∴n =12,故答案为12;(2)如图2,①过点D 作DG ⊥AB 于G ,DH ⊥AC 于H ,∴∠DGB =∠AGD =∠CFD =∠AHF =90°,∵△ABC 是等边三角形,∴∠A =60°,∴∠GDH =360°﹣∠AGD ﹣∠AHD ﹣∠A =120°,∵∠EDF =120°,∴∠EDG =∠FDH ,∵△ABC 是等边三角形,且D 是BC 的中点,∴∠BAD =∠CAD ,∵DG ⊥AB ,DH ⊥AC ,∴DG =DH ,在△EDG 和△FDH 中,{∠DGE =∠FHD =90°DG =DH ∠EDG =∠FDH,∴△EDG ≌△FDH (ASA ),∴DE =DF ,即:DE 始终等于DF ;②同(1)的方法得,BG +CH =12AB ,由①知,△EDG ≌△FDH (ASA ),∴EG =FH ,∴BE +CF =BG ﹣EG +CH +FH =BG +CH =12AB ,∴BE 与CF 的和始终不变(3)由(2)知,DE =DF ,BE +CF =12AB ,∵AB =4,∴BE +CF =2,∴四边形DEAF 的周长为L =DE +EA +AF +FD=DE +AB ﹣BE +AC ﹣CF +DF=DE +AB ﹣BE +AB +DE=2DE +2AB ﹣(BE +CF )=2DE +2×4﹣2=2DE +6,∴DE 最大时,L 最大,DE 最小时,L 最小,当DE⊥AB时,DE最小,由(1)知,BG=12BD=1,∴DE最小=√3BG=√3,∴L最小=2√3+6,当点F和点C重合时,DE最大,此时,∠BDE=180°﹣∠EDF=120°=60°,∵∠B=60°,∴∠B=∠BDE=∠BED=60°,∴△BDE是等边三角形,∴DE=BD=12AB=2,即:L最大=2×2+6=10,∴周长L的变化范围是2√3+6≤L≤10,故答案为2√3+6≤L≤10.3.(2019秋•张家港市期末)在长方形纸片ABCD中,点E是边CD上的一点,将△AED沿AE所在的直线折叠,使点D落在点F处.(1)如图1,若点F落在对角线AC上,且∠BAC=54°,则∠DAE的度数为18°.(2)如图2,若点F落在边BC上,且AB=6,AD=10,求CE的长.(3)如图3,若点E是CD的中点,AF的沿长线交BC于点G,且AB=6,AD=10,求CG的长.【分析】(1)由矩形的性质和已知得出∠DAC=90°﹣54°=36°,由折叠的性质得∠DAE=∠F AE,得出∠DAE=12∠DAC=18°即可;(2)由矩形的性质得出∠B=∠C=90°,BC=AD=10,CD=AB=6,由折叠的性质得AF=AD=10,EF=ED,由勾股定理得出BF=√AF2−AB2=8,得出CF=BC﹣BF=2,设CE=x,则EF=ED=6﹣x,在Rt △CEF 中,由勾股定理得出方程,解方程即可;(3)连接EG ,证明Rt △CEG ≌△FEG (HL ),得出CG =FG ,设CG =FG =y ,则AG =AF +FG =10+y ,BG =BC ﹣CG =10﹣y ,在Rt △ABG 中,由勾股定理得出方程,解方程即可.【解答】解:(1)∵四边形ABCD 是矩形,∴∠BAD =90°,∵∠BAC =54°,∴∠DAC =90°﹣54°=36°,由折叠的性质得:∠DAE =∠F AE ,∴∠DAE =12∠DAC =18°;故答案为:18;(2)∵四边形ABCD 是矩形,∴∠B =∠C =90°,BC =AD =10,CD =AB =6,由折叠的性质得:AF =AD =10,EF =ED ,∴BF =√AF 2−AB 2=√102−62=8,∴CF =BC ﹣BF =10﹣8=2,设CE =x ,则EF =ED =6﹣x ,在Rt △CEF 中,由勾股定理得:22+x 2=(6﹣x )2,解得:x =83,即CE 的长为83; (3)连接EG ,如图3所示:∵点E 是CD 的中点,∴DE =CE ,由折叠的性质得:AF =AD =10,∠AFE =∠D =90°,FE =DE ,∴∠EFG =90°=∠C ,在Rt △CEG 和△FEG 中,{EG =EG CE =FE, ∴Rt △CEG ≌△FEG (HL ),∴CG =FG ,设CG =FG =y ,则AG =AF +FG =10+y ,BG =BC ﹣CG =10﹣y ,在Rt △ABG 中,由勾股定理得:62+(10﹣y )2=(10+y )2,解得:y =910,即CG 的长为910.4.(2020•兴化市模拟)如图,现有一张矩形纸片ABCD ,AB =4,BC =8,点M ,N 分别在矩形的边AD ,BC 上,将矩形纸片沿直线MN 折叠,使点C 落在矩形的边AD 上,记为点P ,点D 落在G 处,连接PC ,交MN 丁点Q ,连接CM .(1)求证:PM =PN ;(2)当P ,A 重合时,求MN 的值;(3)若△PQM 的面积为S ,求S 的取值范围.【分析】(1)想办法证明∠PMN =∠PNM 即可解决问题.(2)点P 与点A 重合时,设BN =x ,表示出AN =NC =8﹣x ,利用勾股定理列出方程求解得x 的值,进而用勾股定理求得MN .(3)当MN 过D 点时,求得四边形CMPN 的最小面积,进而得S 的最小值,当P 与A 重合时,S 的值最大,求得最大值即可.【解答】(1)证明:如图1中,∵四边形ABCD是矩形,∴PM∥CN,∴∠PMN=∠MNC,∵∠MNC=∠PNM,∴∠PMN=∠PNM,∴PM=PN.(2)解:点P与点A重合时,如图2中,设BN=x,则AN=NC=8﹣x,在Rt△ABN中,AB2+BN2=AN2,即42+x2=(8﹣x)2,解得x=3,∴CN=8﹣3=5,AC=√AB2+BC2=√42+82=4√5,∴CQ=12AC=2√5,∴QN=√CN2−CQ2=√52−(2√5)2=√5,∴MN=2QN=2√5.(3)解:当MN 过点D 时,如图3所示,此时,CN 最短,四边形CMPN 的面积最小,则S 最小为S =14S 菱形CMPN =14×4×4=4, 当P 点与A 点重合时,CN 最长,四边形CMPN 的面积最大,则S 最大为S =14×5×4=5,∴4≤S ≤5,【题组二】5.(2019秋•娄星区期末)在△ABC 中,AB =AC ,点D 为射线CB 上一个动点(不与B 、C 重合),以AD为一边在AD 的右侧作△ADE ,使AD =AE ,∠DAE =∠BAC ,过点E 作EF ∥BC ,交直线AC 于点F ,连接CE .(1)如图①,若∠BAC =60°,则按边分类:△CEF 是 等边 三角形;(2)若∠BAC <60°.①如图②,当点D 在线段CB 上移动时,判断△CEF 的形状并证明;②当点D 在线段CB 的延长线上移动时,△CEF 是什么三角形?请在图③中画出相应的图形并直接写出结论(不必证明).【分析】(1)根据题意推出∠ACB =∠ABC =60°,然后通过求证△EAC ≌△DAB ,结合平行线的性质,即可推出△EFC 为等边三角形;(2)①根据(1)的推理方法,即可推出△EFC 为等腰三角形;②根据题意画出图形,然后根据平行线的性质,通过求证△EAC ≌△DAB ,推出等量关系,即可推出△EFC 为等腰三角形.【解答】解:(1)如图1,∵AB =AC ,AD =AE ,∠BAC =∠DAE =60°,∴∠ACB =∠ABC =60°,∠EAC =∠DAB ,∴△DAB ≌△EAC ,∴∠ECA =∠B =60°,∵EF ∥BC ,∴∠EFC =∠ACB =60°,∵在△EFC中,∠EFC=∠ECF=60°=∠CEF,∴△EFC为等边三角形,故答案为:等边;(2)①△CEF为等腰三角形,证明:如图2,∵AB=AC,AD=AE,∠BAC=∠DAE,∴∠ACB=∠ABC,∠EAC=∠DAB,∴△EAC≌△DAB,∴∠ECA=∠B,∴∠ACE=∠ACB,∵EF∥BC,∴∠EFC=∠ACB,∴∠EFC=∠ACE,∴CE=FE,∴△EFC为等腰三角形;②如图③,△EFC为等腰三角形.当点D在BC延长线上时,以AD为一边在AD的左侧作△ADE,使AD=AE,∠DAE=∠BAC,过点E 作BC的平行线EF,交直线AC的延长线于点F,连接DE.证明:∵AB=AC,AD=AE,∠BAC=∠DAE,∴∠ACB=∠ABC,∠EAC=∠DAB,∴△EAC≌△DAB,∴∠ECA=∠DBA,∴∠ECF=∠ABC,∵EF∥BC,∴∠AFE=∠ACB,又∵∠ABC=∠ACB,∴∠AFE=∠ECF,∴EC=EF,∴△EFC为等腰三角形.6.(2019秋•东海县期末)已知BC=5,AB=1,AB⊥BC,射线CM⊥BC,动点P在线段BC上(不与点B,C重合),过点P作DP⊥AP交射线CM于点D,连接AD.(1)如图1,若BP=4,判断△ADP的形状,并加以证明.(2)如图2,若BP=1,作点C关于直线DP的对称点C′,连接AC′.①依题意补全图2;②请直接写出线段AC′的长度.(1)先判断出PC=AB,再用同角的余角相等判断出∠APB=∠PDC,得出△ABP≌△PCD(AAS),【分析】即可得出结论;(2)①利用对称的性质画出图形;②先求出CP =4,AB =AP ,∠CPD =45°,进而得出C 'P =CP =4,∠C 'PD =∠CPD =45°,再判断出四边形BQC 'P 是矩形,进而求出AQ =BQ ﹣AB =3,最后用勾股定理即可得出结论.【解答】(1)△ADP 是等腰直角三角形.证明:∵BC =5,BP =4,∴PC =1,∵AB =1,∴PC =AB .∵AB ⊥BC ,CM ⊥BC ,DP ⊥AP ,∴∠B =∠C =90°,∠APB +∠DPC =90°,∠PDC +∠DPC =90°,∴∠APB =∠PDC ,在△ABP 和△PCD 中,{∠B =∠C∠APB =∠PDC AB =PC∴△ABP ≌△PCD (AAS )∴AP =PD ,∵∠APD =90°,∴△ADP 是等腰直角三角形.(2)①依题意补全图2;②∵BP =1,AB =1,BC =5,∴CP =4,AB =AP ,∵∠ABP =90°,∴∠APB =45°,∵∠APD=90°,∴∠CPD=45°,连接C'P,∵点C与C'关于DP对称,∴C'P=CP=4,∠C'PD=∠CPD=45°,∴∠CPC'=90°,∴∠BPC'=90°,过点C'作C'Q⊥BA交BA的延长线于Q,∴∠Q=90°=∠ABP=∠BPC',∴四边形BQC'P是矩形,∴C'Q=BP=1,BQ=C'P=4,∴AQ=BQ﹣AB=3,在Rt△AC'Q中,AC′=√107.(2019秋•江都区期末)在Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=15,AB=25,点D为斜边AB上动点.(1)如图1,当CD⊥AB时,求CD的长度;(2)如图2,当AD=AC时,过点D作DE⊥AB交BC于点E,求CE的长度;(3)如图3,在点D的运动过程中,连接CD,当△ACD为等腰三角形时,直接写出AD的长度.【分析】(1)求出BC=20,由AB•CD=BC•AC可求出答案;(2)根据HL证明Rt△ACE≌Rt△ADE,推出CE=DE,AC=AD=15,设CE=x,则BE=20﹣x,BD =25﹣15=10,在Rt△BED中根据勾股定理即可解决问题;(3)分两种情形分别求解即可解决问题.【解答】解:(1)∵∠ACB=90°,AC=15,AB=25,∴BC=√AB2−AC2=√252−152=20,∵AB•CD=BC•AC,∴25CD=20×15,∴CD =12;(2)在Rt △ACE 和Rt △ADE 中,∠C =∠EDA =90°,∵{AE =AE AD =AC, ∴Rt △ACE ≌Rt △ADE (HL ),∴CE =DE ,设CE =x ,则BE =20﹣x ,BD =25﹣15=10在Rt △BED 中∴x 2+102=(20﹣x )2,∴x =7.5,∴CE =7.5.(3)①当AD =AC 时,△ACD 为等腰三角形∵AC =15,∴AD =AC =15.②当CD =AD 时,△ACD 为等腰三角形∵CD =AD ,∴∠DCA =∠CAD ,∵∠CAB +∠B =90°,∠DCA +∠BCD =90°,∴∠B =∠BCD ,∴BD =CD ,∴CD =BD =DA =12.5,③当CD =AC 时,△ACD 为等腰三角形,如图1中,作CH ⊥BA 于点H ,则12•AB •CH =12•AC •BC ,∵AC=15,BC=20,AB=25,∴CH=12,在Rt△ACH中,AH=√AC2−CH2=9,∵CD=AC,CH⊥BA,∴DH=HA=9,∴AD=18.综合以上可得AD的长度为15,18,或12.5.8.(2019秋•泰兴市期末)已知:如图,在△ABC中,∠ACB=90°,AC=BC=4,D是AB的中点,点E 是射线CB上的动点,连接DE,DF⊥DE交射线AC于点F.(1)若点E在线段CB上.①求证:AF=CE.②连接EF,试用等式表示AF、EB、EF这三条线段的数量关系,并说明理由.(2)当EB=3时,求EF的长.【分析】(1)①证明△ADF≌△CDE(ASA),即可得出AF=CE;②由①得△ADF≌△CDE(ASA),得出AF=CE;同理△CDF≌△BDE(ASA),得出CF=BE,在Rt△CEF中,由勾股定理得CE2+CF2=EF2,即可得出结论;(2)分两种情况:①点E在线段CB上时,求出CE=BC﹣BE=1,由(1)得AF=CE=1,AF2+EB2=EF2,即可得出答案;②点E在线段CB延长线上时,求出CE=BC+BE=7,同(1)得△ADF≌△CDE(ASA),得出AF=CE,求出CF=BE=3,在Rt△EF中,由勾股定理即可得出答案.【解答】(1)①证明:∵△ABC中,∠ACB=90°,AC=BC=4,D是AB的中点,∴∠DCE=45°=∠A,CD=12AB=AD,CD⊥AB,∴∠ADC=90°,∵DF ⊥DE ,∴∠FDE =90°,∴∠ADC =∠FDE ,∴∠ADF =∠CDE ,在△ADF 和△CDE 中,{∠A =∠DCEAD =CD ∠ADF =∠CDE,∴△ADF ≌△CDE (ASA ),∴AF =CE ;②解:AF 2+EB 2=EF 2,理由如下:由①得:△ADF ≌△CDE (ASA ),∴AF =CE ;同理:△CDF ≌△BDE (ASA ),∴CF =BE ,在Rt △CEF 中,由勾股定理得:CE 2+CF 2=EF 2,∴AF 2+EB 2=EF 2;(2)解:分两种情况:①点E 在线段CB 上时,∵BE =3,BC =4,∴CE =BC ﹣BE =1,由(1)得:AF =CE =1,AF 2+EB 2=EF 2,∴EF =√12+32=√10;②点E 在线段CB 延长线上时,如图2所示:∵BE =3,BC =4,∴CE =BC +BE =7,同(1)得:△ADF ≌△CDE (ASA ),∴AF =CE ,∴CF =BE =3,在Rt △EF 中,由勾股定理得:CF 2+CE 2=EF 2,∴EF =√32+72=√58;综上所述,当EB=3时,EF的长为√10或√58.【题组三】9.(2019秋•镇江期末)△ABC和△ADE都是等腰直角三角形,∠BAC=∠DAE=90°.(1)如图1,点D、E分别在AB、AC上,则BD、CE满足怎样的数量关系和位置关系?(直接写出答案)(2)如图2,点D在△ABC内部,点E在△ABC外部,连结BD、CE,则BD、CE满足怎样的数量关系和位置关系?请说明理由.(3)如图3,点D、E都在△ABC外部,连结BD、CE、CD、EB,BD与CE相交于H点.已知AB=4,AD=2,设CD2=x,EB2=y,求y与x之间的函数关系式.【分析】(1)根据等腰直角三角形的性质解答;(2)延长BD,分别交AC、CE于F、G,证明△ABD≌△ACE,根据全等三角形的性质得到BD=CE,∠ABD=∠ACE,根据三角形内角和定理得到∠CGF=∠BAF=90°,根据垂直的定义解答;(3)证明△ABD≌△ACE,根据全等三角形的性质得到∠BHC=∠BAC=90°,根据勾股定理计算即可.【解答】解:(1)∵△ABC和△ADE都是等腰直角三角形,∴AB=AC,AD=AE,∴BD=CE,BD⊥CE;(2)BD=CE,BD⊥CE.理由如下:延长BD,分别交AC、CE于F、G,∵△ABC和△ADE都是等腰直角三角形,∴AB =AC ,AD =AE ,∠BAC =∠DAE =90°,∵∠BAD =∠BAC ﹣∠DAC ,∠CAE =∠DAE ﹣∠DAC ,∴∠BAD =∠CAE ,在△ABD 和△ACE 中,{AB =AC ∠BAD =∠CAE AD =AE,∴△ABD ≌△ACE (SAS ),∴BD =CE ,∠ABD =∠ACE ,∵∠AFB =∠GFC ,∴∠CGF =∠BAF =90°,即BD ⊥CE ;(3)∵△ABC 和△ADE 都是等腰直角三角形,∴AB =AC ,AD =AE ,∠BAC =∠DAE =90°,∴BC =√2AB =4√2,DE =√2AD =2√2,∵∠BAD =∠BAC +∠DAC ,∠CAE =∠DAE +∠DAC ,∴∠BAD =∠CAE ,在△ABD 和△ACE 中,{AB =AC ∠BAD =∠CAE AD =AE,∴△ABD ≌△ACE (SAS ),∴BD =CE ,∠ABD =∠ACE ,∵∠AOB =∠HOC ,∴∠BHC =∠BAC =90°,∴CD 2+EB 2=CH 2+HD 2+HB 2+EH 2=BC 2+DE 2=(4√2)2+(2√2)2=40∴y =40﹣x .10.(2019秋•射阳县期末)在△ABC中,AB、AC边的垂直平分线分别交BC边于点M、N.(1)如图①,若∠BAC=110°,则∠MAN=40°,若△AMN的周长为9,则BC=9.(2)如图②,若∠BAC=135°,求证:BM2+CN2=MN2;(3)如图③,∠ABC的平分线BP和AC边的垂直平分线相交于点P,过点P作PH垂直BA的延长线于点H.若AB=5,CB=12,求AH的长.【分析】(1)根据线段垂直平分线的性质得到AM=BM,NA=NC,根据等腰三角形的性质得到BAM=∠B,∠NAC=∠C,结合图形计算即可;(2)连接AM、AN,仿照(1)的作法得到∠MAN=90°,根据勾股定理证明结论;(3)连接AP、CP,过点P作PE⊥BC于点E,根据线段垂直平分线的性质得到AP=CP,根据角平分线的性质得到PH=PE,证明Rt△APH≌Rt△CPE得到AH=CE,证明△BPH≌△BPE,得到BH=BE,结合图形计算即可.【解答】解:(1)∵∠BAC=110°,∴∠B+∠C=180°﹣110°=70°,∵AB边的垂直平分线交BC边于点M,∴AM=BM,∴∠BAM=∠B,同理:NA=NC,∴∠NAC=∠C,∴∠MAN=110°﹣(∠BAM+∠NAC)=40°,∵△AMN的周长为9,∴MA+MN+NA=9,∴BC=MB+MN+NC=MA+MN+NA=9,故答案为:40;9;(2)如图②,连接AM、AN,∵∠BAC=135°,∴∠B+∠C=45°,∵点M在AB的垂直平分线上,∴AM=BM,∴∠BAM=∠B,同理AN=CN,∠CAN=∠C,∴∠BAM+∠CAN=45°,∴∠MAN=∠BAC﹣(∠BAM+∠CAN)=90°,∴AM2+AN2=MN2,∴BM2+CN2=MN2;(3)如图③,连接AP、CP,过点P作PE⊥BC于点E,∵BP平分∠ABC,PH⊥BA,PE⊥BC,∴PH=PE,∵点P在AC的垂直平分线上,∴AP=CP,在Rt△APH和Rt△CPE中,{PA =PC PH =PE, ∴Rt △APH ≌Rt △CPE (HL ),∴AH =CE ,在△BPH 和△BPE 中,{∠BHP =∠BEP∠PBH =∠PBE BP =BP,∴△BPH ≌△BPE (AAS )∴BH =BE ,∴BC =BE +CE =BH +CE =AB +2AH ,∴AH =(BC ﹣AB )÷2=3.5.11.(2019秋•溧水区期末)通过对下面数学模型的研究学习,解决下列问题:【模型呈现】(1)如图1,∠BAD =90°,AB =AD ,过点B 作BC ⊥AC 于点C ,过点D 作DE ⊥AC 于点E .由∠1+∠2=∠2+∠D =90°,得∠1=∠D .又∠ACB =∠AED =90°,可以推理得到△ABC ≌△DAE .进而得到AC = DE ,BC = AE .我们把这个数学模型称为“K 字”模型或“一线三等角”模型;【模型应用】(2)①如图2,∠BAD =∠CAE =90°,AB =AD ,AC =AE ,连接BC ,DE ,且BC ⊥AF 于点F ,DE 与直线AF 交于点G .求证:点G 是DE 的中点;②如图3,在平面直角坐标系xOy 中,点A 的坐标为(2,4),点B 为平面内任一点.若△AOB 是以OA 为斜边的等腰直角三角形,请直接写出点B 的坐标.【分析】(1)根据全等三角形的对应边相等解答;(2)①作DM ⊥AF 于M ,EN ⊥AF 于N ,证明△ABF ≌△DAM ,根据全等三角形的性质得到EN =DM ,再证明△DMG ≌△ENG ,根据全等三角形的性质证明结论;②过点B 作DC ⊥x 轴于点C ,过点A 作DE ⊥y 轴于点E ,仿照①的证明过程解答.【解答】解:(1)∵∠1+∠2=∠2+∠D =90°,∴∠1=∠D ,在△ABC 和△DAE 中,{∠1=∠D∠ACB =∠DEA AB =AD,∴△ABC ≌△DAE (SAS )∴AC =DE ,BC =AE ,故答案为:DE ;AE ;(2)①如图2,作DM ⊥AF 于M ,EN ⊥AF 于N ,∵BC ⊥AF ,∴∠BF A =∠AMD =90°,∵∠BAD =90°,∴∠1+∠2=∠1+∠B =90°,∴∠B =∠2,在△ABF 与△DAM 中,∠BF A =∠AMD ,{∠BFA =∠AMD ∠B =∠2AB =AD ,∴△ABF ≌△DAM (AAS ),∴AF =DM ,同理,AF =EN ,∴EN =DM ,∵DM ⊥AF ,EN ⊥AF ,∴∠GMD =∠GNE =90°,在△DMG 与△ENG 中,{∠DMG =∠ENG∠DGM =∠EGN DM =EN∴△DMG ≌△ENG (AAS ),∴DG =EG ,即点G 是DE 的中点;②如图3,△ABC 和△AB ′C 是以OA 为斜边的等腰直角三角形,过点B 作DC ⊥x 轴于点C ,过点A 作DE ⊥y 轴于点E ,两直线交于点D ,则四边形OCDE 为矩形,∴DE =OC ,OE =CD ,由①可知,△ADB ≌△BCO ,∴AD =BC ,BD =OC ,∴BD =OC =DE =AD +2=BC +2,∴BC +BC +2=4,解得,BC =1,OC =3,∴点B 的坐标为(3,1),同理,点B ′的坐标为(﹣1,3),综上所述,△AOB 是以OA 为斜边的等腰直角三角形,点B 的坐标为(3,1)或(﹣1,3).12.(2019•邗江区校级一模)阅读下面材料:小聪遇到这样一个有关角平分线的问题:如图1,在△ABC 中,∠A =2∠B ,CD 平分∠ACB ,AD =2.4,AC =3.6,求BC 得长.小聪思考:因为CD 平分∠ACB ,所以可在BC 边上取点E ,使EC =AC ,连接DE .这样很容易得到△DEC ≌△DAC ,经过推理能使问题得到解决(如图2).请完成:(1)求证:△BDE 是等腰三角形(2)求BC 的长为多少?。
2021年中考数学几何变形题归类辅导 专题06 直角三角形性质的应用(解析版)
【中考数学几何变形题归类辅导】专题6:直角三角形性质的应用【典例引领】例:如图,在Rt △ABC 中,AC=BC ,∠ACB=90°,点D ,E 分别在AC ,BC 上,且CD=CE . (1)如图1,求证:∠CAE=∠CBD ;(2)如图2,F 是BD 的中点,求证:AE ⊥CF ;(3)如图3,F ,G 分别是BD ,AE 的中点,若AC=2√2,CE=1,求△CGF 的面积.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3)S △CFG =78. 【解析】(1)直接判断出△ACE ≌△BCD 即可得出结论;(2)先判断出∠BCF=∠CBF ,进而得出∠BCF=∠CAE ,即可得出结论;(3)先求出BD=3,进而求出CF=32,同理:EG=32,再利用等面积法求出ME ,进而求出GM ,最后用面积公式即可得出结论.【解答】(1)在△ACE 和△BCD 中,{AC =BC∠ACB =∠ACB =90°CE =CD,∴△ACE ≌△BCD , ∴∠CAE=∠CBD ; (2)如图2,在Rt △BCD 中,点F 是BD 的中点, ∴CF=BF , ∴∠BCF=∠CBF ,由(1)知,∠CAE=∠CBD , ∴∠BCF=∠CAE ,∴∠CAE+∠ACF=∠BCF+∠ACF=∠BAC=90°,∴∠AMC=90°, ∴AE ⊥CF ; (3)如图3,∵AC=2√2, ∴BC=AC=2√2, ∵CE=1, ∴CD=CE=1,在Rt △BCD 中,根据勾股定理得,BD=√CD 2+BC 2=3, ∵点F 是BD 中点, ∴CF=DF=12BD=32,同理:EG=12AE=32,连接EF ,过点F 作FH ⊥BC , ∵∠ACB=90°,点F 是BD 的中点, ∴FH=12CD=12,∴S △CEF =12CE•FH=12×1×12=14,由(2)知,AE ⊥CF ,∴S △CEF =12CF•ME=12×32ME=34ME ,∴34ME=14, ∴ME=13,∴GM=EG-ME=32-13=76, ∴S △CFG =12CF•GM=12×32×76=78.【强化训练】1.在正方形ABCD 中,E 是边CD 上一点(点E 不与点C 、D 重合),连结BE . (感知)如图①,过点A 作AF ⊥BE 交BC 于点F .易证△ABF ≌△BCE .(不需要证明) (探究)如图②,取BE 的中点M ,过点M 作FG ⊥BE 交BC 于点F ,交AD 于点G . (1)求证:BE=FG .(2)连结CM ,若CM=1,则FG 的长为 .(应用)如图③,取BE的中点M,连结CM.过点C作CG⊥BE交AD于点G,连结EG、MG.若CM=3,则四边形GMCE的面积为.【答案】(1)证明见解析;(2)2,9.【解析】【分析】感知:利用同角的余角相等判断出∠BAF=∠CBE,即可得出结论;探究:(1)判断出PG=BC,同感知的方法判断出△PGF≌CBE,即可得出结论;(2)利用直角三角形的斜边的中线是斜边的一半,应用:借助感知得出结论和直角三角形斜边的中线是斜边的一半即可得出结论.【解答】感知:∵四边形ABCD是正方形,∴AB=BC,∠BCE=∠ABC=90°,∴∠ABE+∠CBE=90°,∵AF⊥BE,∴∠ABE+∠BAF=90°,∴∠BAF=∠CBE,在△ABF和△BCE中,{∠BAF=∠CBEAB=BC∠ABC=∠BCE=90°,∴△ABF≌△BCE(ASA);探究:(1)如图②,过点G作GP⊥BC于P,∵四边形ABCD是正方形,∴AB=BC,∠A=∠ABC=90°,∴四边形ABPG是矩形,∴PG=AB ,∴PG=BC ,同感知的方法得,∠PGF=∠CBE , 在△PGF 和△CBE 中, {∠PQF =∠CBEPQ =BC∠PFG =∠ECB =90° , ∴△PGF ≌△CBE (ASA ), ∴BE=FG ;(2)由(1)知,FG=BE , 连接CM ,∵∠BCE=90°,点M 是BE 的中点, ∴BE=2CM=2, ∴FG=2, 故答案为:2.应用:同探究(2)得,BE=2ME=2CM=6, ∴ME=3,同探究(1)得,CG=BE=6, ∵BE ⊥CG ,∴S 四边形CEGM =12CG×ME=12×6×3=9,故答案为:9.2.综合与实践:如图1,将一个等腰直角三角尺ABC 的顶点C 放置在直线l 上,∠ABC =90°,AB =BC ,过点A 作AD ⊥l 于点D ,过点B 作BE ⊥l 于点E . 观察发现:(1)如图1.当A ,B 两点均在直线l 的上方时, ①猜测线段AD ,CE 与BE 的数量关系,并说明理由; ②直接写出线段DC ,AD 与BE 的数量关系; 操作证明:(2)将等腰直角三角尺ABC 绕着点C 逆时针旋转至图2位置时,线段DC ,AD 与BE 又有怎样的数量关系,请写出你的猜想,并写出证明过程; 拓广探索:(3)将等腰直角三用尺ABC 绕着点C 继续旋转至图3位置时,AD 与BC 交于点H ,若CD =3,AD =9,请直接写出DH 的长度.【答案】(1)①AD+CE=BE.理由见解析;②DC+AD=2BE;(2)CD−AD=2BE;证明见解析;(3)DH的长度为32.【分析】(1)过点B作BF⊥AD,根据已知条件结合直角三角形性质证明ΔCBE≅ΔABF,从而得到四边形DEBF为正方形,最后得出①AD+CE=BE,直接写出②DC+AD=2BE(2)过点B作BG⊥AD,先证明ΔBCE≅ΔBAG,证明四边形DEBG为正方形,根据正方形的性质求解(3)过点B作BF⊥AD,证明ΔBAF≅ΔBCE,四边形DEBF为正方形,再求解.【解答】解:(1)①AD+CE=BE.理由如下:如图,过点B作BF⊥AD,交DA的延长线于点F,∵BE⊥l,BF⊥AD,∴∠BEC=∠F=90°.又∵AD⊥l∴∠FDE=90°∴四边形DEBF为矩形.∴∠FBE=90°.又∵∠ABC=90°,∴∠ABC−∠ABE=∠FBE−∠ABE.即∠CBE=∠ABF.在ΔCBE和ΔABF中,{∠CBE=∠ABF,∠CEB=∠AFB=90°,CB=AB,∴ΔCBE≅ΔABF(AAS).∴CE=AF,BE=BF.又∵四边形DEBF为矩形,∴四边形DEBF为正方形.∴BE=DE=FD=FB.∴AD+CE=AD+AF=FD=BE.②DC+AD=2BE.(2)如图,过点B作BG⊥AD,交AD延长线于点G,∵BE⊥l,BG⊥AD,∴∠BEC=∠G=90°.又∵AD⊥l,∴∠GDE=90°.∴四边形DEBF为矩形.∴∠GBE=90°.又∵∠ABC=90°,∴∠ABC−∠ABE=∠GBE−∠ABE,即∠CBE=∠ABG.在ΔBCE和ΔBAG中,{∠CBE=∠ABG,∠CEG=∠AGB=90°,CB=AB,∴ΔBCE≅ΔBAG(AAS).∴CE=AG,BE=BG.又∵四边形DEBG为矩形,∴四边形DEBG为正方形.∴DE=BE=GB=DG.∵CD=CE+DE,∴CD=AG+BE=AD+DG+BE=AD+2BE.∴CD−AD=2BE.(3)如图,过点B作BF⊥AD,交DA于点F,同理可证,ΔBAF≅ΔBCE,四边形DEBF为正方形.∴CE=AF,ED=BE=DF.∵CD=CE−ED,∴CD=AF−BE=AD−DF−BE=AD−2BE.∴AD−CD=2BE.∵CD=3,AD=9,∴BE=ED=3,CE=CD+ED=6.∵DH∥EB,∴DHEB =CDCE.∴DH3=36.∴DH=32.3.如图①,在△ABC中,∠BAC=90°,AB=AC,点E在AC上(且不与点A,C重合),在△ABC的外部作△CED,使∠CED=90°,DE=CE,连接AD,分别以AB,AD为邻边作平行四边形ABFD,连接AF.(1)请直接写出线段AF,AE的数量关系;(2)将△CED绕点C逆时针旋转,当点E在线段BC上时,如图②,连接AE,请判断线段AF,AE的数量关系,并证明你的结论;(3)在图②的基础上,将△CED绕点C继续逆时针旋转,请判断(2)问中的结论是否发生变化?若不变,结合图③写出证明过程;若变化,请说明理由.【答案】(1)AF=√2AE;(2)AF=√2AE,证明详见解析;(3)结论不变,AF=√2AE,理由详见解析.【分析】(1)如图①中,结论:AF=√2AE,只要证明△AEF是等腰直角三角形即可.(2)如图②中,结论:AF=√2AE,连接EF,DF交BC于K,先证明△EKF≌△EDA再证明△AEF是等腰直角三角形即可.(3)如图③中,结论不变,AF=√2AE,连接EF,延长FD交AC于K,先证明△EDF≌△ECA,再证明△AEF 是等腰直角三角形即可.【解答】(1)如图①中,结论:AF=√2AE.理由:∵四边形ABFD是平行四边形,∴AB=DF,∵AB=AC,∴AC=DF,∵DE=EC,∴AE=EF,∵∠DEC=∠AEF=90°,∴△AEF是等腰直角三角形,∴AF=√2AE.(2)如图②中,结论:AF=√2AE.理由:连接EF,DF交BC于K.∵四边形ABFD是平行四边形,∴AB∥DF,∴∠DKE=∠ABC=45°,∴EKF=180°﹣∠DKE=135°,∵∠ADE=180°﹣∠EDC=180°﹣45°=135°,∴∠EKF=∠ADE,∵∠DKC=∠C,∴DK=DC,∵DF=AB=AC,∴KF=AD,在△EKF和△EDA中,{EK=DK∠EKF=∠ADEKF=AD,∴△EKF≌△EDA,∴EF=EA,∠KEF=∠AED,∴∠FEA=∠BED=90°,∴△AEF是等腰直角三角形,∴AF=√2AE.(3)如图③中,结论不变,AF=√2AE.理由:连接EF,延长FD交AC于K.∵∠EDF=180°﹣∠KDC﹣∠EDC=135°﹣∠KDC,∠ACE=(90°﹣∠KDC)+∠DCE=135°﹣∠KDC,∴∠EDF=∠ACE,∵DF=AB,AB=AC,∴DF=AC在△EDF和△ECA中,{DF=AC∠EDF=∠ACEDE=CE,∴△EDF≌△ECA,∴EF=EA,∠FED=∠AEC,∴∠FEA=∠DEC=90°,∴△AEF是等腰直角三角形,4.如图①,△ABC与△CDE是等腰直角三角形,直角边AC、CD在同一条直线上,点M、N分别是斜边AB、DE的中点,点P为AD的中点,连接AE、BD.(1)猜想PM与PN的数量关系及位置关系,请直接写出结论;(2)现将图①中的△CDE绕着点C顺时针旋转α(0°<α<90°),得到图②,AE与MP、BD分别交于点G、H.请判断(1)中的结论是否成立?若成立,请证明;若不成立,请说明理由;(3)若图②中的等腰直角三角形变成直角三角形,使BC=kAC,CD=kCE,如图③,写出PM与PN的数量关系,并加以证明.【答案】(1)PM=PN,PM⊥PN,理由见解析;(2)理由见解析;(3)PM=kPN;理由见解析【分析】(1)由等腰直角三角形的性质易证△ACE≌△BCD,由此可得AE=BD,再根据三角形中位线定理即可得到PM=PN,由平行线的性质可得PM⊥PN;(2)(1)中的结论仍旧成立,由(1)中的证明思路即可证明;(3)PM=kPN,由已知条件可证明△BCD∽△ACE,所以可得BD=kAE,因为点P、M、N分别为AD、AB、DE的中点,所以PM=BD,PN=AE,进而可证明PM=kPN.【解答】(1)PM=PN,PM⊥PN,理由如下:∵△ACB和△ECD是等腰直角三角形,∴AC=BC,EC=CD,∠ACB=∠ECD=90°.在△ACE和△BCD中,∴△ACE≌△BCD(SAS),∴AE=BD,∠EAC=∠CBD,∵点M、N分别是斜边AB、DE的中点,点P为AD的中点,∴PM=BD,PN=AE,∴PM=PM,∵∠NPD=∠EAC,∠MPN=∠BDC,∠EAC+∠BDC=90°,∴∠MPA+∠NPC=90°,∴∠MPN=90°,即PM⊥PN;(2)∵△ACB和△ECD是等腰直角三角形,∴AC=BC,EC=CD,∠ACB=∠ECD=90°.∴∠ACB+∠BCE=∠ECD+∠BCE.∴∠ACE=∠BCD.∴△ACE≌△BCD.∴AE=BD,∠CAE=∠CBD.又∵∠AOC=∠BOE,∠CAE=∠CBD,∴∠BHO=∠ACO=90°.∵点P、M、N分别为AD、AB、DE的中点,∴PM=BD,PM∥BD;PN=AE,PN∥AE.∴PM=PN.∴∠MGE+∠BHA=180°.∴∠MGE=90°.∴∠MPN=90°.∴PM⊥PN.(3)PM=kPN∵△ACB和△ECD是直角三角形,∴∠ACB=∠ECD=90°.∴∠ACB+∠BCE=∠ECD+∠BCE.∴∠ACE=∠BCD.∵BC=kAC,CD=kCE,∴=k.∴△BCD∽△ACE.∴BD=kAE.∵点P、M、N分别为AD、AB、DE的中点,∴PM=BD,PN=AE.∴PM=kPN.5.如图,在△ABC中,∠ABC=90°,AB=BC,点E是直线BC上一点,连接AE,过点C作CF⊥AE于点F,连接BF.如图①,当点E在BC上时,易证AF﹣CF=√2BF(不需证明),点E在CB的延长线上,如图②:点E在BC的延长线上,如图③,线段AF,CF,BF之间又有怎样的数量关系?请直接写出你的猜想,并选择一种情况给予证明.【答案】证明AF=CF+√2BF.如图②中,结论:CF﹣AF=√2BF.理由见解析;②如图③中,结论:CF+AF=√2BF.理由见解析.【分析】如图①中,作BH⊥BF交AF于H.只要证明△BAH≌△BCF,即可解决问题.①如图②中,结论:CF-AF=√2BF.作BH⊥BF交AF于H.只要证明△BAH≌△BCF,即可解決问題.②如图③中,结论:CF+AF=√2BF,只要证明△BAH≌△BCF,即可解決问题.【解答】证明:如图①中,作BH⊥BF交AF于H.∵∠ABC=∠FBH,∴∠FBC=∠ABH,∵∠EFC=∠EBA=90°,∠CEF=∠AEB,∴∠ECF=∠EAB,在△BAH和△BCF中,,∴△BAH≌△BCF,∴AH=CF,BH=BF,∵∠FBH=90°,∴△BFH是等腰直角三角形,∴FH=BF,∵FH=AF﹣AH=AF﹣CF,∴AF﹣CF=BF,∴AF=CF+BF.①如图②中,结论:CF﹣AF=BF.理由:作BH⊥BF交AF于H.∵∠ABC=∠FBH,∴∠FBC=∠ABH,∵∠AFC=∠ABC=90°,∴∠CEF+∠FCB=90°,∠AEB+∠BAH=90°∴∠ECF=∠EAB,在△BAH和△BCF中,,∴△BAH≌△BCF,∴AH=CF,BH=BF,∵∠FBH=90°,∴△BFH是等腰直角三角形,∴FH=BF,∵FH=AH﹣AF=CF﹣AF,∴CF﹣AF=BF.②如图③中,结论:CF+AF=BF.理由:作BH⊥BF交AF于H.∵∠ABC=∠FBH,∴∠FBC=∠ABH,∵∠AFC=∠ABC=90°,∴∠BCF+∠BAF=180°,∵∠BAF+∠BAH=180°∴∠BCF=∠BAH,在△BAH和△BCF中,,∴△BAH≌△BCF,∴AH=CF,BH=BF,∵∠FBH=90°,∴△BFH是等腰直角三角形,∴FH=BF,∵FH=AH+AF=CF+AF,∴CF+AF=BF.。
2021年中考数学重点题型——几何综合探究题
题型七几何综合探究题类型一非动态类问题1.(2019长春)教材呈现:下图是华师版九年级上册数学教材第78页的部分内容.请根据教材提示,结合图①,写出完整的证明过程.结论应用:在▱ABCD中,对角线AC、BD交于点O、E为边BC的中点,AE、BD交于点F.(1)如图②,若▱ABCD为正方形,且AB=6,则OF的长为________;(2)如图③,连接DE交AC于点G,若四边形OFEG的面积为12,则▱ABCD的面积为________.第1题图2.(2019安顺)(1)如图①,在四边形ABCD中,AB∥CD,点E是BC的中点,若AE是∠BAD的平分线,试判断AB,AD,DC之间的等量关系.解决此问题可以用如下方法:延长AE交DC的延长线于点F,易证△AEB≌△FEC,得到AB=FC,从而把AB,AD,DC转化在一个三角形中即可判断.AB,AD,DC之间的等量关系为________;(2)问题探究:如图②,在四边形ABCD中,AB∥CD,AF与DC的延长线交于点F,点E是BC的中点,若AE是∠BAF的平分线,试探究AB,AF,CF之间的等量关系,并证明你的结论.图①图②第2题图3.(2019绥化)如图①,在正方形ABCD中,AB=6,M为对角线BD上任意一点(不与B、D重合),连接CM,过点M作MN⊥CM,交线段AB于点N.(1)求证:MN=MC;(2)若DM∶DB=2∶5,求证:AN=4BN;(3)如图②,连接NC交BD于点G.若BG∶MG=3∶5,求NG·CG的值.图①图②第3题图4.(2019云南黑白卷)【探索发现】(1)如图①,当四边形ABCD 为正方形时,以边AB 、AD 为斜边分别向外侧作等腰Rt △ABF 和等腰Rt △ADE ,连接B D.直接写出线段BD 、DE 、BF 之间的数量关系:________________;【理解应用】(2)如图②,当四边形ABCD 为矩形时,以边AB 、AD 为斜边分别向矩形内侧、外侧作等腰Rt △ABF 和等腰Rt △ADE ,连接EF 、B D.判断线段EF 与BD 之间的数量关系,并说明理由;【拓展迁移】(3)如图③,当四边形ABCD 为平行四边形时,以边AB 、AD 为底边分别向平行四边形内侧、外侧作等腰△ABF 和等腰△ADE ,且∠AED =∠AFB ,连接EF 、BD ,交点为点G ,若AD =2,EF BD=3,求AE 的长.第4题图5.(2018省卷)如图,在平行四边形ABCD中,点E是CD的中点,点F是BC边上的点,AF=AD+FC,平行四边形ABCD的面积为S,由A、E、F三点确定的圆的周长为l.(1)若△ABE的面积为30,直接写出S的值;(2)求证:AE平分∠DAF;(3)若AE=BE,AB=4,AD=5,求l的值.第5题图6.(2019云南逆袭黑马卷)如图,在▱ABCD中,点E在对角线AC上,BE=BA,BF⊥AC于点F,BF 的延长线交AD于点G.点H在BC的延长线上,且CH=AG,连接EH,由A、F、G三点确定的圆的面积为S.(1)若∠ACB=30°,BC=10,AB=29,直接写出BF的值;(2)在(1)的条件下,求S的值;(3)若∠ACB=45°,求证:△BEH是等腰三角形.第6题图类型二与动点有关的问题1.(2019威海)如图,在正方形ABCD中,AB=10cm,E为对角线BD上一动点,连接AE,CE,过E 点作EF⊥AE,交直线BC于点F.E点从B点出发,沿着BD方向以每秒2cm的速度运动,当点E与点D 重合时,运动停止.设△BEF的面积为y cm2,E点的运动时间为x秒.(1)求证:CE=EF;(2)求y与x之间关系的函数表达式,并写出自变量x的取值范围;(3)求△BEF面积的最大值.第1题图2.如图,等边三角形ABC的边长为6,点D,E分别是边BC,AC的中点,连接BE,点P,N分别是BE,BC上的动点.(1)求点D到线段BE的最短距离;(2)若当PN+PD的长度取得最小值时,求BP的长度;(3)点Q在BE上,若BQ=1,求QN+NP+PD的长度最小值.第2题图3.(2018广州)如图,在四边形ABCD中,∠B=60°,∠D=30°,AB=B C.(1)求∠A+∠C的度数;(2)连接BD,探究AD,BD,CD三者之间的数量关系,并说明理由;(3)若AB=1,点E在四边形ABCD内部运动,且满足AE2=BE2+CE2,求点E运动路径的长度.第3题图4.(2019昆明盘龙区一模)如图,在平行四边形ABCD中,AB=20cm,AD=30cm,∠ABC=60°,点Q 从点B出发沿BA向点A匀速运动,速度为2cm/s,同时,点P从点D出发沿DC向点C匀速运动,速度为3cm/s,当点P停止运动,点Q也随之停止运动,过点P做PM⊥AD交AD于点M,连接PQ、QM,设运动的时间为t s(0≤t≤6).(1)当PQ⊥PM时,求t的值;(2)是否存在某一时刻t,使得△PQM的面积是平行四边形ABCD面积的38?若存在,求出相应t的值;若不存在,请说明理由;(3)过点M作MN∥AB交BC于点N,是否存在某一时刻t,使得P在线段MN的垂直平分线上?荐存在,求出相应t的值;荐不存在,请说明理由.第4题图类型三与折叠有关的问题1.(2019云南黑白卷)【探索发现】如图①,将△ABC沿中位线EH折叠,使点A的对称点D落在BC 边上,再将△BED和△DHC分别沿EF,HG折叠,使点B、C均落在点D处,折痕形成一个四边形EFGH.小刚在探索这个问题时发现四边形EFGH是矩形.小刚是这样想的:(1)请参考小刚的思路写出证明过程;(2)连接AD,当AD=BC时,写出线段EF、BF、CG的数量关系并证明;【理解运用】(3)如图②,在四边形ABCD中,AD∥BC,∠B=90°,AB=8,DC=10,AD<BC,点E为AB边的中点,把四边形ABCD折叠成如图②所示的正方形EFGH,顶点C、D落在点M处,顶点A、B落在点N处,求BC的长.第1题图2.(2018昆明卷)如图①,在矩形ABCD中,P为CD边上一点(DP<CP),∠APB=90°.将△ADP沿AP 翻折得到△AD′P,PD′的延长线交边AB于点M,过点B作BN∥MP交DC于点N.(1)求证:AD2=DP·PC;(2)请判断四边形PMBN的形状,并说明理由;(3)如图②,连接AC,分别交PM,PB于点E,F.若DPAD=12,求EFAE的值.图①图②第2题图3.如图,在正方形ABCD中,E是AB边上的一点,将△ADE沿DE对折,点A恰好与对角线BD上的点G重合,过点A作EG的平行线AF与DE交于点F,连接FG得到四边形AEGF,BH∥EG,交DE的延长线于点H.(1)求证:四边形AEGF是菱形;(2)若正方形ABCD的边长为4,求AE的长;(3)在(2)的条件下,求△BDH外接圆的面积S的值.第3题图4.(2019昆明官渡区一模)在矩形ABCD中,AB=12,P是边AB上一点,把△PBC沿直线PC折叠,顶点B的对应点是点G,过点B作BE⊥CG,垂足为点E且在AD上,BE交PC于点F.(1)如图①,若点E是AD的中点,求证:△AEB≌△DEC;(2)如图②,①求证:BP=BF;②当AD=25,且AE<DE时,求cos∠PCB的值;③当BP=9时,求BE·EF的值.图①图②第4题图5.(2019云南逆袭黑马卷)如图,将矩形ABCD折叠,使BC边落在对角线BD上,折痕为BE,点C落在点F处,过点E作EM⊥AB于点M,交BD于点G,连接MF.(1)若∠ADB=38°,求∠DBE的度数;(2)求证:BE∥MF;(3)设AB=6,AD=8.求△MGF的面积.第5题图6.(2019曲靖二模)如图,在矩形ABCD中,点E是BC边上的一个动点,沿着AE翻折矩形,使点B 落在点F处.若AB=3,BC=3A B.解答下列问题:(1)在点E从点B运动到点C的过程中,求点F运动的路径长;(2)当点E是BC的中点时,试判断FC与AE的位置关系,并说明你的理由;(3)当点F在矩形ABCD内部且DF=CD时,求BE的长.第6题图类型四与平移有关的问题1.(2018贵港)已知:A 、B 两点在直线l 的同一侧,线段AO ,BM 均是直线l 的垂线段,且BM 在AO 的右边,AO =2BM ,将BM 沿直线l 向右平移,在平移过程中,始终保持∠ABP =90°不变,BP 边与直线l 相交于点P .(1)当P 与O 重合时(如图②所示),设点C 是AO 的中点,连接BC ,求证:四边形OCBM 是正方形;(2)请利用如图①所示的情形,求证:AB PB =OM BM;(3)若AO =26,当点P 在线段OM 上,且当MO =2PO 时,请直接写出AB 和PB 的长.第1题图2.(2019昆明西山区模拟)如图,BD是正方形ABCD的对角线,BC=2,边BC在其所在的直线上平移,将通过平移得到的线段记为PQ,连接PA、QD,并过点Q作OQ⊥BD,垂足为点O,连接OA、OP.(1)请直接写出线段BC在平移过程中,四边形APQD是什么四边形?(2)请判断OA、OP之间的数量关系和位置关系,并加以证明;(3)在平移变换过程中,设y=S△OPB,BP=x(0≤x≤2),求y与x之间的函数关系式,并求出y的最大值.第2题图类型五与旋转有关的问题1.(2019荆州)如图①,等腰直角三角形OEF的直角顶点O为正方形ABCD的中心,点C,D分别在OE和OF上,现将△OEF绕点O逆时针旋转α角(0°<α<90°),连接AF,DE(如图②).(1)在图②中,∠AOF=____;(用含α的式子表示)(2)在图②中,猜想AF与DE的数量关系,并证明你的结论.第1题图2.(2019菏泽)如图,△ABC和△ADE是有公共顶点的等腰直角三角形,∠BAC=∠DAE=90°.(1)如图①,连接BE,CD,BE的延长线交AC于点F,交CD于点P,求证:BP⊥CD;(2)如图②,把△ADE绕点A顺时针旋转,当点D落在AB上时,连接BE,CD,CD的延长线交BE于点P.若BC=62,AD=3,求△PDE的面积.第2题图3.(2019东营)如图①,在Rt△ABC中,∠B=90°,AB=4,BC=2,点D、E分别是边BC、AC的中点,连接DE.将△CDE绕点C逆时针方向旋转,记旋转角为α.(1)问题发现①当α=0°时,AEBD=________;②当α=180°时,AEBD=________;(2)拓展探究试判断:当0°≤α<360°时,AEBD的大小有无变化?请仅就图②的情形给出证明;(3)问题解决△CDE绕点C逆时针旋转至A、B、E三点在同一条直线上时,求线段BD的长.图①图②第3题图4.(2019通辽)如图,点P是正方形ABCD内的一点,连接CP,将线段CP绕点C顺时针旋转90°,得到线段CQ,连接BP,DQ.(1)如图①,求证:△BCP≌△DCQ;(2)如图,延长BP交直线DQ于点E.①如图②,求证:BE⊥DQ;②如图③,若△BCP为等边三角形,判断△DEP的形状,并说明理由.第4题图5.(2019烟台)【问题探究】(1)如图①,△ABC和△DEC均为等腰直角三角形,∠ACB=∠DCE=90°,点B,D,E在同一直线上,连接AD,B D.①请探究AD与BD之间的位置关系:________;②若AC=BC=10,DC=CE=2,则线段AD的长为________;【拓展延伸】(2)如图②,△ABC和△DEC均为直角三角形,∠ACB=∠DCE=90°,AC=21,BC=7,CD=3,CE=1.将△DCE绕点C在平面内顺时针旋转,设旋转角∠BCD为α(0°≤α<360°),作直线BD,连接AD,当点B,D,E在同一直线上时,画出图形,并求线段AD的长.第5题图6.(1)已知,正方形ABCD中,∠MAN=45°,∠MAN绕点A顺时针旋转,它的两边长分别交CB、DC(或它们的延长线)于点M、N,AH⊥MN于点H.①如图①,当∠MAN绕点A旋转到BM=DN时,请你直接写出AH与AB的数量关系:________;②如图②,当∠MAN绕点A旋转到BM≠DN时,①中发现的AH与AB的数量关系还成立吗?如果不成立请写出理由,如果成立请证明;(2)如图③,已知∠MAN=45°,AH⊥MN于点H,且MH=2,NH=3,求AH的长.图①图②图③第6题图。
2021中考专题—几何变换综合题【试卷+答案】
2021中考专题—几何变换综合题【试卷+答案】六.几何变换综合题(共9小题)42.(2020•锦州)已知△AOB 和△MON 都是等腰直角三角形(√22OA <OM =ON ),∠AOB =∠MON =90°.(1)如图1:连AM ,BN ,求证:△AOM ≌△BON ;(2)若将△MON 绕点O 顺时针旋转,①如图2,当点N 恰好在AB 边上时,求证:BN 2+AN 2=2ON 2;②当点A ,M ,N 在同一条直线上时,若OB =4,ON =3,请直接写出线段BN 的长.43.(2020•葫芦岛)在等腰△ADC 和等腰△BEC 中,∠ADC =∠BEC =90°,BC <CD ,将△BEC 绕点C 逆时针旋转,连接AB ,点O 为线段AB 的中点,连接DO ,EO .(1)如图1,当点B 旋转到CD 边上时,请直接写出线段DO 与EO 的位置关系和数量关系;(2)如图2,当点B 旋转到AC 边上时,(1)中的结论是否成立?若成立,请写出证明过程,若不成立,请说明理由;(3)若BC =4,CD =2√6,在△BEC 绕点C 逆时针旋转的过程中,当∠ACB =60°时,请直接写出线段OD 的长.44.(2020•沈阳)在△ABC 中,AB =AC ,∠BAC =α,点P 为线段CA 延长线上一动点,连接PB ,将线段PB 绕点P 逆时针旋转,旋转角为α,得到线段PD ,连接DB ,DC .(1)如图1,当α=60°时,①求证:P A =DC ;②求∠DCP的度数;(2)如图2,当α=120°时,请直接写出P A和DC的数量关系.(3)当α=120°时,若AB=6,BP=√31,请直接写出点D到CP的距离为.45.(2020•长春)如图①,在△ABC中,∠ABC=90°,AB=4,BC=3.点P从点A出发,沿折线AB﹣BC以每秒5个单位长度的速度向点C运动,同时点D从点C出发,沿CA 以每秒2个单位长度的速度向点A运动,点P到达点C时,点P、D同时停止运动.当点P不与点A、C重合时,作点P关于直线AC的对称点Q,连结PQ交AC于点E,连结DP、DQ.设点P的运动时间为t秒.(1)当点P与点B重合时,求t的值.(2)用含t的代数式表示线段CE的长.(3)当△PDQ为锐角三角形时,求t的取值范围.(4)如图②,取PD的中点M,连结QM.当直线QM与△ABC的一条直角边平行时,直接写出t的值.46.(2020•鄂尔多斯)(1)【操作发现】如图1,在边长为1个单位长度的小正方形组成的网格中,△ABC的三个顶点均在格点上.①请按要求画图:将△ABC绕点A顺时针方向旋转90°,点B的对应点为点B′,点C的对应点为点C′.连接BB′;②在①中所画图形中,∠AB′B=°.(2)【问题解决】如图2,在Rt△ABC中,BC=1,∠C=90°,延长CA到D,使CD=1,将斜边AB绕点A顺时针旋转90°到AE,连接DE,求∠ADE的度数.(3)【拓展延伸】如图3,在四边形ABCD中,AE⊥BC,垂足为E,∠BAE=∠ADC,BE=CE=1,CD=3,AD=kAB(k为常数),求BD的长(用含k的式子表示).47.(2020•十堰)如图1,已知△ABC≌△EBD,∠ACB=∠EDB=90°,点D在AB上,连接CD并延长交AE于点F.(1)猜想:线段AF与EF的数量关系为;(2)探究:若将图1的△EBD绕点B顺时针方向旋转,当∠CBE小于180°时,得到图2,连接CD并延长交AE于点F,则(1)中的结论是否还成立?若成立,请证明;若不成立,请说明理由;(3)拓展:图1中,过点E作EG⊥CB,垂足为点G.当∠ABC的大小发生变化,其它条件不变时,若∠EBG=∠BAE,BC=6,直接写出AB的长.48.如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=4,BC=2,Rt△ABC绕点C按顺时针方向旋转得到Rt△A′B′C,A′C与AB交于点D.(1)如图1,当A′B′∥AC时,过点B作BE⊥A′C,垂足为E,连接AE.①求证:AD=BD;②求S△ACES△ABE的值;(2)如图2,当A′C⊥AB时,过点D作DM∥A′B′,交B′C于点N,交AC的延长线于点M,求DNNM的值.49.(2020•东营)如图1,在等腰三角形ABC中,∠A=120°,AB=AC,点D、E分别在边AB、AC上,AD=AE,连接BE,点M、N、P分别为DE、BE、BC的中点.(1)观察猜想.图1中,线段NM、NP的数量关系是,∠MNP的大小为.(2)探究证明把△ADE绕点A顺时针方向旋转到如图2所示的位置,连接MP、BD、CE,判断△MNP 的形状,并说明理由;(3)拓展延伸把△ADE绕点A在平面内自由旋转,若AD=1,AB=3,请求出△MNP面积的最大值.50.(2020•威海)发现规律(1)如图①,△ABC与△ADE都是等边三角形,直线BD,CE交于点F.直线BD,AC 交于点H.求∠BFC的度数.(2)已知:△ABC与△ADE的位置如图②所示,直线BD,CE交于点F.直线BD,AC 交于点H.若∠ABC=∠ADE=α,∠ACB=∠AED=β,求∠BFC的度数.应用结论(3)如图③,在平面直角坐标系中,点O的坐标为(0,0),点M的坐标为(3,0),N为y轴上一动点,连接MN.将线段MN绕点M逆时针旋转60°得到线段MK,连接NK,OK.求线段OK长度的最小值.一.几何变换综合题(共5小题)1.(2020•淮安)[初步尝试](1)如图①,在三角形纸片ABC中,∠ACB=90°,将△ABC折叠,使点B与点C重合,折痕为MN,则AM与BM的数量关系为;[思考说理](2)如图②,在三角形纸片ABC中,AC=BC=6,AB=10,将△ABC折叠,使点B与点C重合,折痕为MN,求AMBM的值;[拓展延伸](3)如图③,在三角形纸片ABC中,AB=9,BC=6,∠ACB=2∠A,将△ABC沿过顶点C的直线折叠,使点B落在边AC上的点B′处,折痕为CM.①求线段AC的长;②若点O是边AC的中点,点P为线段OB′上的一个动点,将△APM沿PM折叠得到△A′PM,点A的对应点为点A′,A′M与CP交于点F,求PFMF的取值范围.2.(2020•潍坊)如图1,在△ABC中,∠A=90°,AB=AC=√2+1,点D,E分别在边AB,AC上,且AD=AE=1,连接DE.现将△ADE绕点A顺时针方向旋转,旋转角为α(0°<α<360°),如图2,连接CE,BD,CD.(1)当0°<α<180°时,求证:CE=BD;(2)如图3,当α=90°时,延长CE交BD于点F,求证:CF垂直平分BD;(3)在旋转过程中,求△BCD的面积的最大值,并写出此时旋转角α的度数.3.(2020•重庆)如图,在Rt△ABC中,∠BAC=90°,AB=AC,点D是BC边上一动点,连接AD,把AD绕点A逆时针旋转90°,得到AE,连接CE,DE.点F是DE的中点,连接CF.(1)求证:CF=√22AD;(2)如图2所示,在点D运动的过程中,当BD=2CD时,分别延长CF,BA,相交于点G,猜想AG与BC存在的数量关系,并证明你猜想的结论;(3)在点D运动的过程中,在线段AD上存在一点P,使P A+PB+PC的值最小.当P A+PB+PC的值取得最小值时,AP的长为m,请直接用含m的式子表示CE的长.4.(2020•重庆)△ABC为等边三角形,AB=8,AD⊥BC于点D,E为线段AD上一点,AE =2√3.以AE为边在直线AD右侧构造等边三角形AEF,连接CE,N为CE的中点.(1)如图1,EF与AC交于点G,连接NG,求线段NG的长;(2)如图2,将△AEF绕点A逆时针旋转,旋转角为α,M为线段EF的中点,连接DN,MN.当30°<α<120°时,猜想∠DNM的大小是否为定值,并证明你的结论;(3)连接BN,在△AEF绕点A逆时针旋转过程中,当线段BN最大时,请直接写出△ADN的面积.5.(2020•湖州)已知在△ABC 中,AC =BC =m ,D 是AB 边上的一点,将∠B 沿着过点D 的直线折叠,使点B 落在AC 边的点P 处(不与点A ,C 重合),折痕交BC 边于点E .(1)特例感知 如图1,若∠C =60°,D 是AB 的中点,求证:AP =12AC ;(2)变式求异 如图2,若∠C =90°,m =6√2,AD =7,过点D 作DH ⊥AC 于点H ,求DH 和AP 的长;(3)化归探究 如图3,若m =10,AB =12,且当AD =a 时,存在两次不同的折叠,使点B 落在AC 边上两个不同的位置,请直接写出a 的取值范围.几何变换综合题六.几何变换综合题(共9小题)42.(2020•锦州)已知△AOB 和△MON 都是等腰直角三角形(√22OA <OM =ON ),∠AOB =∠MON =90°.(1)如图1:连AM,BN,求证:△AOM≌△BON;(2)若将△MON绕点O顺时针旋转,①如图2,当点N恰好在AB边上时,求证:BN2+AN2=2ON2;②当点A,M,N在同一条直线上时,若OB=4,ON=3,请直接写出线段BN的长.【分析】(1)根据SAS证明三角形全等即可.(2)②连接AM,证明AM=BN,∠MAN=90°,利用勾股定理解决问题即可.②分两种情形分别画出图形求解即可.【解答】(1)证明:如图1中,∵∠AOB=∠MON=90°,∴∠AOM=∠BON,∵AO=BO,OM=ON,∴△AOM≌△BON(SAS).(2)①证明:如图2中,连接AM.同法可证△AOM≌△BON,∴AM=BN,∠OAM=∠B=45°,∵∠OAB=∠B=45°,∴∠MAN=∠OAM+∠OAB=90°,∴MN2=AN2+AM2,∵△MON是等腰直角三角形,∴MN2=2ON2,∴NB2+AN2=2ON2.②如图3﹣1中,设OA交BN于J,过点O作OH⊥MN于H.∵△AOM≌△BON,∴AM=BN,∠OAM=∠OBN,∵∠AJN=∠BJO,∴∠ANJ=∠JOB=90°,∵OM=ON=3,∠MON=90°,OH⊥MN,∴MN=3√2,MH=HN═OH=3√2 2,∴AH=√OA2−OH2=42−(322)2=√462,∴BN=AM=MH+AH=√46+3√22.如图3﹣2中,同法可证AM=BN=√46−3√22.【点评】本题属于几何变换综合题,考查了全等三角形的判定和性质,等腰直角三角形的性质,勾股定理等知识,解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题,属于中考常考题型.43.(2020•葫芦岛)在等腰△ADC和等腰△BEC中,∠ADC=∠BEC=90°,BC<CD,将△BEC绕点C逆时针旋转,连接AB,点O为线段AB的中点,连接DO,EO.(1)如图1,当点B旋转到CD边上时,请直接写出线段DO与EO的位置关系和数量关系;(2)如图2,当点B旋转到AC边上时,(1)中的结论是否成立?若成立,请写出证明过程,若不成立,请说明理由;(3)若BC=4,CD=2√6,在△BEC绕点C逆时针旋转的过程中,当∠ACB=60°时,请直接写出线段OD的长.【分析】(1)利用直角三角形斜边的中线等于斜边的一半,得出OE=OA=12AB,进而得出∠BOE=2∠BAE,同理得出OD=OA=12AB,∠DOE=2∠BAD,即可得出结论;(2)先判断出△AOM≌△BOE(SAS),得出∠MAO=∠EBO,MA=EB,再判断出∠MAD =∠DCE,进而判断出△MAD≌△ECD,即可得出结论;(3)分点B在AC左侧和右侧两种情况,类似(2)的方法判断出OD=OE,即可得出结论.【解答】解:(1)DO⊥EO,DO=EO;理由:当点B旋转到CD边上时,点E必在边AC上,∴∠AEB=∠CEB=90°,在Rt△ABE中,点O是AB的中点,∴OE=OA=12AB,∴∠BOE=2∠BAE,在Rt△ABD中,点O是AB的中点,∴OD=OA=12AB,∴∠DOE=2∠BAD,∴OD=OE,∵等腰△ADC,且∠ADC=90°,∴∠DAC=45°,∴∠DOE=∠BOE+∠DOE=2∠BAE+2∠BAD=2(∠BAE+∠DAE)=2∠DAC=90°,∴OD⊥OE;(2)仍然成立,理由:如图2,延长EO到点M,使得OM=OE,连接AM,DM,DE,∵O是AB的中点,∴OA=OB,∵∠AOM=∠BOE,∴△AOM≌△BOE(SAS),∴∠MAO=∠EBO,MA=EB,∵△ACD和△CBE是等腰三角形,∠ADC=∠CEB=90°,∴∠CAD=∠ACD=∠EBC=∠BCE=45°,∵∠OBE=180°﹣∠EBC=135°,∴∠MAO=135°,∴∠MAD=∠MAO﹣∠DAC=90°,∵∠DCE=∠DCA+∠BCE=90°,∴∠MAD=∠DCE,∵MA=EB,EB=EC,∴MA=EC,∵AD=DC,∴△MAD≌△ECD,∴MD=ED,∠ADM=∠CDE,∵∠CDE+∠ADE=90°,∴∠ADM+∠ADE=90°,∴∠MDE=90°,∵MO=EO,MD=DE,∴OD=12ME,OD⊥ME,∵OE=12 ME,∴OD=OE,OD⊥OE;(3)①当点B在AC左侧时,如图3,延长EO到点M,使得OM=OE,连接AM,DM,DE,同(2)的方法得,△OBE≌△OAM(SAS),∴∠OBE=∠OAM,OM=OE,BE=AM,∵BE=CE,∴AM=CE,在四边形ABECD中,∠ADC+∠DCE+∠BEC+∠OBE+∠BAD=540°,∵∠ADC=∠BEC=90°,∴∠DCE=540°﹣90°﹣90°﹣∠OBE﹣∠BAD=360°﹣∠OBE=360°﹣∠OAM﹣∠BAD,∵∠DAM+∠OAM+∠BAD=360°,∴∠DAM=360°﹣∠OAM﹣∠BAD,∴∠DAM=∠DCE,∵AD=CD,∴△DAM≌△DCE(SAS),∴DM=DE,∠ADM=∠CDE,∴∠EDM=∠ADM+∠ADE=∠CDE+∠ADE=∠ADC=90°,∵OM=OE,∴OD=OE=12ME,∠DOE=90°,在Rt△BCE中,CE=√22BC=2√2,过点E作EH⊥DC交DC的延长线于H,在Rt△CHE中,∠ECH=180°﹣∠ACD﹣∠ACB﹣∠BCE=180°﹣45°﹣60°﹣45°=30°,∴EH=12CE=√2,根据勾股定理得,CH=√3EH=√6,∴DH=CD+CH=3√6,在Rt△DHE中,根据勾股定理得,DE=√EH2+DH2=2√14,∴OD=√22DE=2√7,②当点B在AC右侧时,如图4,同①的方法得,OD=OE,∠DOE=90°,连接DE,过点E作EH⊥CD于H,在Rt△EHC中,∠ECH=30°∴EH=12CE=√2,根据勾股定理得,CH=√6,∴DH=CD﹣CH=√6,在Rt△DHE中,根据勾股定理得,DE=2√2,∴OD=√22DE=2,即:线段OD的长为2或2√7.【点评】此题是几何变换综合题,主要考查了全等三角形的判定和性质,等腰直角三角形的性质,勾股定理,五边形的内角和,判断出∠DAM=∠DCE是解本题的关键.44.(2020•沈阳)在△ABC中,AB=AC,∠BAC=α,点P为线段CA延长线上一动点,连接PB,将线段PB绕点P逆时针旋转,旋转角为α,得到线段PD,连接DB,DC.(1)如图1,当α=60°时,①求证:P A=DC;②求∠DCP的度数;(2)如图2,当α=120°时,请直接写出P A和DC的数量关系.(3)当α=120°时,若AB=6,BP=√31,请直接写出点D到CP的距离为√32或5√32.【分析】(1)①证明△PBA≌△DBC(SAS)可得结论.②利用全等三角形的性质解决问题即可.(2)证明△CBD ∽△ABP ,可得CD PA =BC AB =√3解决问题.(3)分两种情形,解直角三角形求出CD 即可解决问题.【解答】(1)①证明:如图1中,∵将线段PB 绕点P 逆时针旋转,旋转角为α,得到线段PD ,∴PB =PD ,∵AB =AC ,PB =PD ,∠BAC =∠BPD =60°,∴△ABC ,△PBD 是等边三角形,∴∠ABC =∠PBD =60°,∴∠PBA =∠DBC ,∵BP =BD ,BA =BC ,∴△PBA ≌△DBC (SAS ),∴P A =DC .②解:如图1中,设BD 交PC 于点O .∵△PBA ≌△DBC ,∴∠BP A =∠BDC ,∵∠BOP =∠COD ,∴∠OBP =∠OCD =60°,即∠DCP =60°.(2)解:结论:CD =√3P A .理由:如图2中,∵AB =AC ,PB =PD ,∠BAC =∠BPD =120°,∴BC =2•AB •cos30°=√3BA ,BD ═2BP •cos30°=√3BP ,∴BC BA =BD BP =√3,∵∠ABC =∠PBD =30°,∴∠ABP =∠CBD ,∴△CBD ∽△ABP ,∴CD PA =BC AB =√3,∴CD =√3P A .(3)过点D 作DM ⊥PC 于M ,过点B 作BN ⊥CP 交CP 的延长线于N .如图3﹣1中,当△PBA 是钝角三角形时,在Rt △ABN 中,∵∠N =90°,AB =6,∠BAN =60°,∴AN =AB •cos60°=3,BN =AB •sin60°=3√3,∵PN =√PB 2−BN 2=√31−27=2,∴P A =3﹣2=1,由(2)可知,CD =√3P A =√3,∵∠BP A =∠BDC ,∴∠DCA =∠PBD =30°,∵DM ⊥PC ,∴DM =12CD =√32如图3﹣2中,当△ABP 是锐角三角形时,同法可得P A =2+3=5,CD =5√3,DM =12CD =5√32,综上所述,满足条件的DM 的值为√32或5√32. 故答案为√32或5√32. 【点评】本题属于几何变换综合题,考查了全等三角形的判定和性质,相似三角形的判定和性质,解直角三角形等知识,解题的关键是正确寻找全等三角形或相似三角形解决问题,学会用分类讨论的思想思考问题注意一题多解.45.(2020•长春)如图①,在△ABC 中,∠ABC =90°,AB =4,BC =3.点P 从点A 出发,沿折线AB ﹣BC 以每秒5个单位长度的速度向点C 运动,同时点D 从点C 出发,沿CA 以每秒2个单位长度的速度向点A 运动,点P 到达点C 时,点P 、D 同时停止运动.当点P 不与点A 、C 重合时,作点P 关于直线AC 的对称点Q ,连结PQ 交AC 于点E ,连结DP 、DQ .设点P 的运动时间为t 秒.(1)当点P 与点B 重合时,求t 的值.(2)用含t 的代数式表示线段CE 的长.(3)当△PDQ 为锐角三角形时,求t 的取值范围.(4)如图②,取PD 的中点M ,连结QM .当直线QM 与△ABC 的一条直角边平行时,直接写出t 的值.【分析】(1)根据AB =4,构建方程求解即可.(2)分两种情形:当点P 在线段AB 上时,首先利用勾股定理求出AC ,再求出AE 即可解决问题.当点P在线段BC上时,在Rt△PCE中,求出EC即可.(3)求出两种特殊情形下△PDQ是等腰直角三角形时t的值,即可求解当△PDQ为锐角三角形时t的取值范围.(4)分两种情形:如图⑥中,当点P在线段AB上,QM∥AB时.如图⑦中,当点P在线段BC上,QM∥BC时,分别求解即可.【解答】解:(1)当点P与B重合时,5t=4,解得t=4 5.(2)在Rt△ABC中,∵∠B=90°,AB=4,BC=3,∴AC=√AB2+BC2=√42+32=5,∴sin A=35,cos A=45,如图①中,当点P在线段AB上时,在Rt△APE中,AE=AP•cos A=4t,∴EC=5﹣4t.如图③中,当点P在线段BC上时,在Rt△PEC中,PC=7﹣5t,cos C=3 5,∴EC=PC•cos C=35(7﹣5t)=215−3t.(3)当△PDQ是等腰直角三角形时,则PE=DE,如图④中,当点P在线段AB上时,在Rt△APE中,PE=P A•sin A=3t,∵DE=AC﹣AE﹣CD=5﹣4t﹣2t=5﹣6t,∵PE=DE,∴3t=5﹣6t,∴t=5 9.如图⑤中,当点P在线段BC上时,在Rt △PCE 中,PE =PC •sin C =45(7﹣5t )=285−4t ,∵DE =CD ﹣CE =2t −35(7﹣5t )=5t −215,∴285−4t =5t −215, 解得t =4945. ∵△PDQ 是锐角三角形,∴观察图象可知满足条件的t 的值为0<t <59或4945<t <75.(4)如图⑥中,当点P 在线段AB 上,QM ∥AB 时,过点Q 作QG ⊥AB 于G ,延长QM 交BC 于N ,过点D 作DH ⊥BC 于H .∵PB ∥MN ∥DH ,PM =DM ,∴BN =NH ,在Rt △PQG 中,PQ =2PE =6t ,∴QG =45PQ =245t , 在Rt △DCH 中,HC =35DC =65t ,∵BC =BH +CH =245t +245t +65t =3,解得t =518.如图⑦中,当点P 在线段BC 上,QM ∥BC 时,过点D 作DH ⊥BC 于H ,过点P 作PK ⊥QM 于K .∵QM ∥BC ,DM =PM ,∴DH =2PK ,在Rt △PQK 中,PQ =2PE =85(7﹣5t ),∴PK =35PQ =2425(7﹣5t ),在Rt △DCH 中,DH =45DC =85t ,∵DH =2PK ,∴85t =2×2425(7﹣5t ), 解得t =65,综上所述,满足条件的t 的值为518或65. 【点评】本题属于几何变换综合题,考查了解直角三角形,平行线的性质,等腰直角三角形的判定和性质等知识,解题的关键是学会用分类讨论的思想思考问题,学会利用参数构建方程解决问题,属于中考压轴题.46.(2020•鄂尔多斯)(1)【操作发现】如图1,在边长为1个单位长度的小正方形组成的网格中,△ABC的三个顶点均在格点上.①请按要求画图:将△ABC绕点A顺时针方向旋转90°,点B的对应点为点B′,点C的对应点为点C′.连接BB′;②在①中所画图形中,∠AB′B=45°.(2)【问题解决】如图2,在Rt△ABC中,BC=1,∠C=90°,延长CA到D,使CD=1,将斜边AB绕点A顺时针旋转90°到AE,连接DE,求∠ADE的度数.(3)【拓展延伸】如图3,在四边形ABCD中,AE⊥BC,垂足为E,∠BAE=∠ADC,BE=CE=1,CD=3,AD=kAB(k为常数),求BD的长(用含k的式子表示).【分析】(1)①根据旋转角,旋转方向画出图形即可.②只要证明△ABB′是等腰直角三角形即可.(2)如图2,过点E作EH⊥CD交CD的延长线于H.证明△ABC≌△EAH(AAS)即可解决问题.(3)如图3中,由AE⊥BC,BE=EC,推出AB=AC,将△ABD绕点A逆时针旋转得到△ACG,连接DG.则BD=CG,只要证明∠GDC=90°,可得CG=2+CD2此即可解决问题.【解答】解:(1)①如图1中,△AB′C′即为所求.②由作图可知,△ABB′是等腰直角三角形,∴∠AB′B=45°,故答案为45.(2)如图2中,过点E作EH⊥CD交CD的延长线于H.∵∠C=∠BAE=∠H=90°,∴∠B+∠CAB=90°,∠CAB+∠EAH=90°,∴∠B=∠EAH,∵AB=AE,∴△ABC≌△EAH(AAS),∴BC=AH,EH=AC,∵BC=CD,∴CD=AH,∴DH=AC=EH,∴∠EDH=45°,∴∠ADE=135°.(3)如图3中,连接AC,∵AE⊥BC,BE=EC,∴AB=AC,将△ABD绕点A逆时针旋转得到△ACG,连接DG.则BD=CG,∵∠BAD=∠CAG,∴∠BAC=∠DAG,∵AB=AC,AD=AG,∴∠ABC=∠ACB=∠ADG=∠AGD,∴△ABC∽△ADG,∵AD=kAB,∴DG=kBC=2k,∵∠BAE+∠ABC=90°,∠BAE=∠ADC,∴∠ADG+∠ADC=90°,∴∠GDC=90°,∴CG=√DG2+CD2=√4k2+9.∴BD=CG=2+9.【点评】本题属于几何变换综合题,考查了等边三角形的判定和性质,等腰三角形的判定和性质,勾股定理,全等三角形的判定和性质,相似三角形的判定和性质等知识,解题的关键是学会用旋转法添加辅助线,构造全等三角形或相似三角形解决问题,属于中考压轴题.47.(2020•十堰)如图1,已知△ABC≌△EBD,∠ACB=∠EDB=90°,点D在AB上,连接CD并延长交AE于点F.(1)猜想:线段AF与EF的数量关系为AF=EF;(2)探究:若将图1的△EBD绕点B顺时针方向旋转,当∠CBE小于180°时,得到图2,连接CD并延长交AE于点F,则(1)中的结论是否还成立?若成立,请证明;若不成立,请说明理由;(3)拓展:图1中,过点E 作EG ⊥CB ,垂足为点G .当∠ABC 的大小发生变化,其它条件不变时,若∠EBG =∠BAE ,BC =6,直接写出AB 的长.【分析】(1)延长DF 到K 点,并使FK =DC ,连接KE ,证明△ACF ≌△EDK ,进而得到△KEF 为等腰三角形,即可证明AF =KE =EF ;(2)证明原理同(1),延长DF 到K 点,并使FK =DC ,连接KE ,证明△ACF ≌△EDK ,进而得到△KEF 为等腰三角形,即可证明AF =KE =EF ;(3)补充完整图后证明四边形AEGC 为矩形,进而得到∠ABC =∠ABE =∠EBG =60°即可求解.【解答】解:(1)延长DF 到K 点,并使FK =DC ,连接KE ,如图1所示,∵△ABC ≌△EBD ,∴DE =AC ,BD =BC ,∴∠CDB =∠DCB ,且∠CDB =∠ADF ,∴∠ADF =∠DCB ,∵∠ACB =90°,∴∠ACD +∠DCB =90°,∵∠EDB =90°,∴∠ADF +∠FDE =90°,∴∠ACD =∠FDE ,∵FK +DF =DC +DF ,∴DK =CF ,在△ACF 和△EDK 中,{AC =ED∠ACF =∠EDK CF =DK,∴△ACF ≌△EDK (SAS ),∴KE =AF ,∠K =∠AFC ,又∠AFC =∠KFE ,∴∠K =∠KFE∴KE =EF∴AF =EF ,故AF 与EF 的数量关系为:AF =EF .故答案为:AF =EF ;(2)仍然成立,理由如下:延长DF 到K 点,并使FK =DC ,连接KE ,如图2所示,设BD 延长线DM 交AE 于M 点,∵△ABC ≌△EBD ,∴DE =AC ,BD =BC ,∴∠CDB =∠DCB ,且∠CDB =∠MDF ,∴∠MDF =∠DCB ,∵∠ACB =90°,∴∠ACD +∠DCB =90°,∵∠EDB =90°,∴∠MDF +∠FDE =90°,∴∠ACD =∠FDE ,∵FK +DF =DC +DF ,∴DK =CF ,在△ACF 和△EDK 中,{AC =ED∠ACF =∠EDK CF =DK,∴△ACF ≌△EDK (SAS ),∴KE =AF ,∠K =∠AFC ,又∠AFC =∠KFE ,∴∠K =∠KFE ,∴KE =EF ,∴AF =EF ,故AF与EF的数量关系为:AF=EF.(3)当点G在点B右侧时,如图3所示,过点E作EG⊥BC交CB的延长线于G,∵BA=BE,∴∠BAE=∠BEA,∵∠BAE=∠EBG,∴∠BEA=∠EBG,∴AE∥CG,∴∠AEG+∠G=180°,∴∠AEG=90°,∴∠ACG=∠G=∠AEG=90°,∴四边形AEGC为矩形,∴AC=EG,且AB=BE,∴Rt△ACB≌Rt△EGB(HL),∴BG=BC=6,∠ABC=∠EBG,又∵ED=AC=EG,且EB=EB,∴Rt△EDB≌Rt△EGB(HL),∴DB=GB=6,∠EBG=∠ABE,∴∠ABC=∠ABE=∠EBG=60°,∴∠BAC=30°,在Rt△ABC中,由30°所对的直角边等于斜边的一半可知:AB=2BC=12.当点G在点B左侧时,如图4所示,由旋转知,∠ABC=∠ABE,AB=BE,∴∠BAE=∠BEA,∵∠BAE=∠EBG=2∠ABC=2∠ABE,∴∠BAE=∠AEB=2∠ABE,∵∠AEB+∠BAE+∠ABE=180°,∴2∠ABE+2∠ABE+∠ABE=180°,∴∠BAE=36°,∴∠ABC=36°,在Rt△ABC中,cos36°=BC AB,∴AB=BCcos36°=6cos36°,即满足条件的AB=12或6cos36°.【点评】本题属于几何变换综合题,考查了三角形全等的性质和判定,矩形的性质和判定,本题的关键是延长DF到K点并使FK=DC,进而构造全等三角形.48.如图,在Rt △ABC 中,∠ACB =90°,AC =4,BC =2,Rt △ABC 绕点C 按顺时针方向旋转得到Rt △A ′B ′C ,A ′C 与AB 交于点D .(1)如图1,当A ′B ′∥AC 时,过点B 作BE ⊥A ′C ,垂足为E ,连接AE . ①求证:AD =BD ;②求S △ACES △ABE 的值;(2)如图2,当A ′C ⊥AB 时,过点D 作DM ∥A ′B ′,交B ′C 于点N ,交AC 的延长线于点M ,求DN NM 的值.【分析】(1)①由平行线的性质和旋转性质得∠B ′A ′C =∠A ′CA =∠BAC ,得CD =AD ,再证明CD =BD 便可得结论;②证明△BEC ∽△ACB 得CE 与CD 的关系,进而得S △ACE 与S △ADE 的关系,由D 是AB 的中点得S △ABE =2S △ADE ,进而结果;(2)证明CN ∥AB 得△MCN ∽△MAD ,得MN MD =CN AD ,应用面积法求得CD ,进而求得AD ,再解直角三角形求得CN ,便可求得结果.【解答】解:(1)①∵A ′B ′∥AC ,∴∠B ′A ′C =∠A ′CA ,∵∠B ′A ′C =∠BAC ,∴∠A ′CA =∠BAC ,∴AD =CD ,∵∠ACB =90°,∴∠BCD =90°﹣∠ACD ,∵∠ABC =90°﹣∠BAC ,∴∠CBD =∠BCD ,∴BD =CD ,∴AD =BD ;②∵∠ACB =90°,BC =2,AC =4, ∴AB =√22+42=2√5, ∵BE ⊥CD ,∴∠BEC =∠ACB =90°, ∵∠BCE =∠ABC , ∴△BEC ∽△ACB , ∴CE BC=BC AB,即CE 2=2√5,∴CE =25√5,∵∠ACB =90°,AD =BD , ∴CD =12AB =√5, ∴CE =25CD , ∴S △ACE =23S △ADE , ∵AD =BD , ∴S △ABE =2S △ADE , ∴S △ACE S △ABE=13;(2)∵CD ⊥AB ,∴∠ADC =90°=∠A ′CB ′, ∴AB ∥CN , ∴△MCN ∽△MAD , ∴MN MD=CN AD ,∵S △ABC =12AB ⋅CD =12AC ⋅BC , ∴CD =AC⋅BCAB =25=45√5,∴AD =√AC 2−CD 2=85√5, ∵DM ∥A ′B ′, ∴∠CDN =∠A ′=∠A ,∴CN =CD •tan ∠CDN =CD •tan A =CD •BC AC=45√5×24=25√5,∴MN MD =25√585√5=14,∴DN NM=3.【点评】本题主要考查了三角形图形的旋转性质,等腰三角形的性质与判定,直角三角形的性质,平行线分线段成比例性质,第(2)题关键是利用面积法求得CD . 49.(2020•东营)如图1,在等腰三角形ABC 中,∠A =120°,AB =AC ,点D 、E 分别在边AB 、AC 上,AD =AE ,连接BE ,点M 、N 、P 分别为DE 、BE 、BC 的中点. (1)观察猜想.图1中,线段NM 、NP 的数量关系是 NM =NP ,∠MNP 的大小为 60° . (2)探究证明把△ADE 绕点A 顺时针方向旋转到如图2所示的位置,连接MP 、BD 、CE ,判断△MNP 的形状,并说明理由; (3)拓展延伸把△ADE 绕点A 在平面内自由旋转,若AD =1,AB =3,请求出△MNP 面积的最大值.【分析】(1)先证明由AB =AC ,AD =AE ,得BD =CE ,再由三角形的中位线定理得NM 与NP 的数量关系,由平行线性质得∠MNP 的大小;(2)先证明△ABD ≌△ACE 得BD =CE ,再由三角形的中位线定理得NM =NP ,由平行线性质得∠MNP =60°,再根据等边三角形的判定定理得结论;(3)由BD ≤AB +AD ,得MN ≤2,再由等边三角形的面积公式得△MNP 的面积关于MN 的函数关系式,再由函数性质求得最大值便可. 【解答】解:(1)∵AB =AC ,AD =AE , ∴BD =CE ,∵点M 、N 、P 分别为DE 、BE 、BC 的中点,∴MN=12BD,PN=12CE,MN∥AB,PN∥AC,∴MN=PN,∠ENM=∠EBA,∠ENP=∠AEB,∴∠MNE+∠ENP=∠ABE+∠AEB,∵∠ABE+∠AEB=180°﹣∠BAE=60°,∴∠MNP=60°,故答案为:NM=NP;60°;(2)△MNP是等边三角形.理由如下:由旋转可得,∠BAD=∠CAE,又∵AB=AC,AD=AE,∴△ABD≌△ACE(SAS),∴BD=CE,∠ABD=∠ACE,∵点M、N、P分别为DE、BE、BC的中点.∴MN=12BD,PN=12CE,MN∥BD,PN∥CE,∴MN=PN,∠ENM=∠EBD,∠BPN=∠BCE,∴∠ENP=∠NBP+∠NPB=∠NBP+∠ECB,∵∠EBD=∠ABD+∠ABE=∠ACE+∠ABE,∴∠MNP=∠MNE+∠ENP=∠ACE+∠ABE+∠EBC+∠EBC+∠ECB=180°﹣∠BAC=60°,∴△MNP是等边三角形;(3)根据题意得,BD≤AB+AD,即BD≤4,∴MN≤2,∴△MNP的面积=12MN⋅√32MN=√34MN2,∴△MNP的面积的最大值为√3.【点评】本题是三角形的一个综合题,主要考查了等边三角形的判定,三角形的中位线定理,全等三角形的性质与判定,旋转的性质,关键证明三角形全等和运用三角形中位线定理使已知与未知联系起来.50.(2020•威海)发现规律(1)如图①,△ABC与△ADE都是等边三角形,直线BD,CE交于点F.直线BD,AC交于点H .求∠BFC 的度数.(2)已知:△ABC 与△ADE 的位置如图②所示,直线BD ,CE 交于点F .直线BD ,AC 交于点H .若∠ABC =∠ADE =α,∠ACB =∠AED =β,求∠BFC 的度数. 应用结论(3)如图③,在平面直角坐标系中,点O 的坐标为(0,0),点M 的坐标为(3,0),N 为y 轴上一动点,连接MN .将线段MN 绕点M 逆时针旋转60°得到线段MK ,连接NK ,OK .求线段OK 长度的最小值.【分析】(1)由“SAS ”可证△BAD ≌△CAE ,可得∠ABD =∠ACE ,由三角形内角和定理可求解;(2)通过证明△ABC ∽△ADE ,可得∠BAC =∠DAE ,AB AD=AC AE,可证△ABD ∽△ACE ,可得∠ABD =∠ACE ,由外角性质可得∠BFC =∠BAC ,由三角形内角和定理可求解;(3)由旋转的性质可得△MNK 是等边三角形,可得MK =MN =NK ,∠NMK =∠NKM =∠KNM =60°,如图③,将△MOK 绕点M 顺时针旋转60°,得到△MQN ,连接OQ ,可得∠OMQ =60°,OK =NQ ,MO =MQ ,则当NQ 为最小值时,OK 有最小值,由垂线段最短可得当QN ⊥y 轴时,NQ 有最小值,由直角三角形的性质可求解. 【解答】解:(1)如图①, ∵△ABC ,△ADE 是等边三角形,∴AB =AC ,AD =AE ,∠BAC =∠DAE =60°=∠ABC =∠ACB , ∴∠BAD =∠CAE , ∴△BAD ≌△CAE (SAS ), ∴∠ABD =∠ACE ,∵∠ABD +∠FBC =∠ABC =60°, ∴∠ACE +∠FBC =60°,∴∠BFC =180°﹣∠FBC ﹣∠ACE ﹣∠ACB =60°; (2)如图②,∵∠ABC =∠ADE =α,∠ACB =∠AED =β, ∴△ABC ∽△ADE , ∴∠BAC =∠DAE ,AB AD =AC AE , ∴∠BAD =∠CAE ,AB AC=AD AE,∴△ABD ∽△ACE , ∴∠ABD =∠ACE ,∵∠BHC =∠ABD +∠BAC =∠BFC +∠ACE , ∴∠BFC =∠BAC ,∵∠BAC +∠ABC +∠ACB =180°, ∴∠BFC +α+β=180°, ∴∠BFC =180°﹣α﹣β;(3)∵将线段MN 绕点M 逆时针旋转60°得到线段MK , ∴MN =MK ,∠NMK =60°, ∴△MNK 是等边三角形,∴MK =MN =NK ,∠NMK =∠NKM =∠KNM =60°,如图③,将△MOK绕点M顺时针旋转60°,得到△MQN,连接OQ,∴△MOK≌△MQN,∠OMQ=60°,∴OK=NQ,MO=MQ,∴△MOQ是等边三角形,∴∠QOM=60°,∴∠NOQ=30°,∵OK=NQ,∴当NQ为最小值时,OK有最小值,由垂线段最短可得:当QN⊥y轴时,NQ有最小值,此时,QN⊥y轴,∠NOQ=30°,∴NQ=12OQ=32,∴线段OK长度的最小值为3 2.【点评】本题是几何变换综合题,考查了等边三角形的判定和性质,全等三角形的判定和性质,相似三角形的判定和性质,旋转的性质,三角形内角和定理等知识,灵活运用这些性质进行推理是本题的关键.一.几何变换综合题(共5小题)1.(2020•淮安)[初步尝试](1)如图①,在三角形纸片ABC中,∠ACB=90°,将△ABC折叠,使点B与点C重合,折痕为MN,则AM与BM的数量关系为AM=BM;[思考说理](2)如图②,在三角形纸片ABC中,AC=BC=6,AB=10,将△ABC折叠,使点B与点C重合,折痕为MN,求AMBM的值;[拓展延伸](3)如图③,在三角形纸片ABC中,AB=9,BC=6,∠ACB=2∠A,将△ABC沿过顶点C的直线折叠,使点B落在边AC上的点B′处,折痕为CM.①求线段AC的长;②若点O是边AC的中点,点P为线段OB′上的一个动点,将△APM沿PM折叠得到△A′PM,点A的对应点为点A′,A′M与CP交于点F,求PFMF的取值范围.【分析】(1)利用平行线的方向的定理解决问题即可.(2)利用相似三角形的性质求出BM,AM即可.(3)①证明△BCM∽△BAC,推出BCAB =BMBC=CMAC,由此即可解决问题.②证明△PF A′∽△MFC,推出PFFM =PA′CM,因为CM=5,推出PFFM=PA′5即可解决问题.【解答】解:(1)如图①中,∵△ABC折叠,使点B与点C重合,折痕为MN,∴MN垂直平分线段BC,∴CN=BN,∵∠MNB=∠ACB=90°,∴MN∥AC,∵CN=BN,∴AM =BM . 故答案为AM =BM .(2)如图②中,∵CA =CB =6, ∴∠A =∠B ,由题意MN 垂直平分线段BC , ∴BM =CM , ∴∠B =∠MCB , ∴∠BCM =∠A , ∵∠B =∠B , ∴△BCM ∽△BAC , ∴BC BA =BM BC ,∴610=BM 6,∴BM =185, ∴AM =AB ﹣BM =10−185=325, ∴AM BM=325185=169.(3)①如图③中,由折叠的性质可知,CB =CB ′=6,∠BCM =∠ACM , ∵∠ACB =2∠A , ∴∠BCM =∠A , ∵∠B =∠B , ∴△BCM ∽△BAC , ∴BC AB =BM BC =CM AC∴69=BM6,∴BM =4, ∴AM =CM =5, ∴69=5AC,∴AC =152.②如图③﹣1中,∵∠A =∠A ′=∠MCF ,∠PF A ′=∠MFC ,P A =P A ′, ∴△PF A ′∽△MFC , ∴PF FM=PA′CM,∵CM =5, ∴PF FM=PA′5,∵点P 在线段OB 上运动,OA =OC =154,AB ′=152−6=32, ∴32≤P A ′≤154, ∴310≤PF FM≤34.【点评】本题属于几何变换综合题,考查了相似三角形的判定和性质,解直角三角形,等腰三角形的判定和性质,平行线分线段成比例定理等知识,解题的关键是正确寻找相似三角形解决问题,属于中考压轴题.2.(2020•潍坊)如图1,在△ABC 中,∠A =90°,AB =AC =√2+1,点D ,E 分别在边AB ,AC 上,且AD =AE =1,连接DE .现将△ADE 绕点A 顺时针方向旋转,旋转角为α(0°<α<360°),如图2,连接CE ,BD ,CD . (1)当0°<α<180°时,求证:CE =BD ;(2)如图3,当α=90°时,延长CE 交BD 于点F ,求证:CF 垂直平分BD ; (3)在旋转过程中,求△BCD 的面积的最大值,并写出此时旋转角α的度数.【分析】(1)利用“SAS ”证得△ACE ≌△ABD 即可得到结论;(2)利用“SAS ”证得△ACE ≌△ABD ,推出∠ACE =∠ABD ,计算得出CD =BC =√2+2,利用等腰三角形“三线合一”的性质即可得到结论;(3)观察图形,当点D 在线段BC 的垂直平分线上时,△BCD 的面积取得最大值,利用等腰直角三角形的性质结合三角形面积公式即可求解.【解答】(1)证明:如图2中,根据题意:AB =AC ,AD =AE ,∠CAB =∠EAD =90°, ∵∠CAE +∠BAE =∠BAD +∠BAE =90°, ∴∠CAE =∠BAD , 在△ACE 和△ABD 中,{AC =AB ∠CAE =∠BAD AE =AD,∴△ACE ≌△ABD (SAS ),∴CE =BD ;(2)证明:如图3中,根据题意:AB =AC ,AD =AE ,∠CAB =∠EAD =90°, 在△ACE 和△ABD 中,{AC =AB ∠CAE =∠BAD AE =AD,∴△ACE ≌△ABD (SAS ),∴∠ACE =∠ABD ,∵∠ACE +∠AEC =90°,且∠AEC =∠FEB ,∴∠ABD +∠FEB =90°,∴∠EFB =90°,∴CF ⊥BD ,∵AB =AC =√2+1,AD =AE =1,∠CAB =∠EAD =90°,∴BC =√2AB =√2+2,CD =AC +AD =√2+2,∴BC =CD ,∵CF ⊥BD ,∴CF 是线段BD 的垂直平分线;(3)解:△BCD 中,边BC 的长是定值,则BC 边上的高取最大值时△BCD 的面积有最大值,∴当点D 在线段BC 的垂直平分线上时,△BCD 的面积取得最大值,如图4中:∵AB =AC =√2+1,AD =AE =1,∠CAB =∠EAD =90°,DG ⊥BC 于G ,∴AG =12BC =√2+22,∠GAB =45°,∴DG =AG +AD =√2+22+1=√2+42,∠DAB =180°﹣45°=135°,∴△BCD 的面积的最大值为:12BC ⋅DG =12(√2+2)(√2+42)=3√2+52, 旋转角α=135°.【点评】本题属于几何变换综合题,考查了等腰直角三角形的性质,全等三角形的判定和性质,线段垂直平分线的判定和性质等知识,解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题.3.(2020•重庆)如图,在Rt △ABC 中,∠BAC =90°,AB =AC ,点D 是BC 边上一动点,连接AD ,把AD 绕点A 逆时针旋转90°,得到AE ,连接CE ,DE .点F 是DE 的中点,连接CF .(1)求证:CF =√22AD ;(2)如图2所示,在点D 运动的过程中,当BD =2CD 时,分别延长CF ,BA ,相交于点G ,猜想AG 与BC 存在的数量关系,并证明你猜想的结论;(3)在点D 运动的过程中,在线段AD 上存在一点P ,使P A +PB +PC 的值最小.当P A +PB +PC 的值取得最小值时,AP 的长为m ,请直接用含m 的式子表示CE 的长.【分析】(1)由“SAS ”可证△BAD ≌△CAE ,可得∠ABD =∠ACE =45°,可求∠BCE =90°,由直角三角形的性质和等腰直角三角形的性质可得结论;(2)过点G 作GH ⊥BC 于H ,设CD =a ,可得BD =2a ,BC =3a ,AB =AC =3√22a ,由全等三角形的性质可得BD =CE =2a ,由锐角三角函数可求GH =2CH ,可求CH =a ,可求BG 的长,即可求AG =√22a =√22CD =√26BC ;(3)将△BPC 绕点B 顺时针旋转60°得到△BNM ,连接PN ,可得当点A ,点P ,点N ,。
【2021中考数学】几何变换综合题含答案
2021中考数学几何变换综合题1.如图1,△ABC与△CDE都是等腰直角三角形,直角边AC,CD在同一条直线上,点M、N分别是斜边AB、DE的中点,点P为AD的中点,连接AE,BD,PM,PN,MN.(1)观察猜想:图1中,PM与PN的数量关系是,位置关系是.(2)探究证明:将图1中的△CDE绕着点C顺时针旋转α(0°<α<90°),得到图2,AE与MP、BD分别交于点G、H,判断△PMN的形状,并说明理由;(3)拓展延伸:把△CDE绕点C任意旋转,若AC=4,CD=2,请直接写出△PMN面积的最大值.2.【问题背景】(1)如图1,等腰△ABC中,AB=AC,∠BAC=120°,则=;【知识应用】(2)如图2,△ABC和△ADE都是等腰三角形,∠BAC=∠DAE=120°,D、E、C三点在同一条直线上,连接BD.①求证:△ADB≌△AEC;②请写出线段AD,BD,CD之间的等量关系式,并说明理由?(3)如图3,△ABD和△CBD均为等边三角形,在∠ABC内作射线BM,作点C关于BM的对称点E,连接AE并延长交BM于点F,连接CE,CF.若AE=4,CE=1,求BF的长.3.如图,在Rt△ABC中,∠BAC=90°,AB=AC,点D是BC边上一动点,连接AD,把AD绕点A逆时针旋转90°,得到AE,连接CE,DE.点F是DE的中点,连接CF.(1)求证:CF=AF;(2)在不添加任何辅助线的情况下,请直接写出图中所有的等腰直角三角形.4.问题发现:如图1,在△ABC中,AB=AC,∠BAC=60°,D为BC边上一点(不与点B,C重合),将线段AD绕点A逆时针旋转60°得到AE,连接EC,则:(1)①∠ACE的度数是;②线段AC,CD,CE之间的数量关系是.拓展探究:(2)如图2,在△ABC中,AB=AC,∠BAC=90°,D为BC边上一点(不与点B,C重合),将线段AD绕点A逆时针旋转90°得到AE,连接EC,请写出∠ACE的度数及线段AD,BD,CD之间的数量关系,并说明理由;解决问题:(3)如图3,在Rt△DBC中,DB=3,DC=5,∠BDC=90°,若点A满足AB=AC,∠BAC=90°,请直接写出线段AD的长度.5.如图1,在Rt△OAB中,∠AOB=90°,OA=OB,D为OB边上一点,过D点作DC⊥AB交AB于C,连接AD,E为AD的中点,连接OE、CE.观察猜想(1)①OE与CE的数量关系是;②∠OEC与∠OAB的数量关系是;类比探究(2)将图1中△BCD绕点B逆时针旋转45°,如图2所示,则(1)中的结论是否仍然成立?若成立,请给出证明;若不成立,请说明理由;拓展迁移(3)将△BCD绕点B旋转任意角度,若BD=,OB=3,请直接写出点O、C、B 在同一条直线上时OE的长.6.在△ABC中,AB=AC,∠BAC=α,点P为线段CA延长线上一动点,连接PB,将线段PB绕点P逆时针旋转,旋转角为α,得到线段PD,连接DB,DC.(1)如图1,当α=60°时,①求证:PA=DC;②求∠DCP的度数;(2)如图2,当α=120°时,请直接写出PA和DC的数量关系.(3)当α=120°时,若AB=6,BP=,请直接写出点D到CP的距离为.7.已知△ABC是边长为4的等边三角形,点D是射线BC上的动点,将AD绕点A逆时针方向旋转60°得到AE,连接DE.(1)如图1,猜想△ADE是什么三角形?;(直接写出结果)(2)如图2,猜想线段CA、CE、CD之间的数量关系,并证明你的结论;(3)①当BD为何值时,∠DEC=30°;(直接写出结果)②点D在运动过程中,△DEC的周长是否存在最小值?若存在.请直接写出△DEC周长的最小值;若不存在,请说明理由.8.请认真阅读下面的数学小探究系列,完成所提出的问题:(1)探究1,如图①,在等腰直角三角形ABC中,∠ACB=90°,BC=3,将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD,连接CD,过点D做BC边上的高DE,则DE 与BC的数量关系是,△BCD的面积为;(2)探究2,如图②,在一般的Rt△ABC中,∠ACB=90°,BC=a,将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD,连接CD,请用含a的式子表示△BCD的面积,并说明理由;(3)探究3:如图③,在等腰三角形ABC中,AB=AC,BC=a,将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD,连接CD,试探究用含a的式子表示△BCD的面积,要有探究过程.9.在△ABC中,∠BAC=90°,AB=AC.(I)如图,D为BC边上一点(不与点B,C重合),将线段AD绕点A逆时针旋转90°得到AE,连接EC.求证:(1)△BAD≌△CAE;(2)BC=DC+EC.(Ⅱ)如图,D为△ABC外一点,且∠ADC=45°,仍将线段AD绕点A逆时针旋转90°得到AE,连接EC,ED.(1)△BAD≌△CAE的结论是否仍然成立?并请你说明理由;(2)若BD=9,CD=3,求AD的长.10.如图1,在矩形ABCD中,AB=1,对角线AC,BD相交于点O,∠COD=60°,点E是线段CD上一点,连接OE,将线段OE绕点O逆时针旋转60°得到线段OF,连接DF.(1)求证:DF=CE;(2)连接EF交OD于点P,求DP的最大值;(3)如图2,点E在射线CD上运动,连接AF,在点E的运动过程中,若AF=AB,求OF的长.参考答案1.解:(1)PM=PN,PM⊥PN,理由如下:延长AE交BD于O.∵△ACB和△ECD是等腰直角三角形,∴AC=BC,EC=CD,∠ACB=∠ECD=90°.在△ACE和△BCD中,∴△ACE≌△BCD(SAS),∴AE=BD,∠EAC=∠CBD,∵∠EAC+∠AEC=90°,∠AEC=∠BEO,∴∠CBD+∠BEO=90°,∴∠BOE=90°,即AE⊥BD,∵点M、N分别是斜边AB、DE的中点,点P为AD的中点,∴PM=BD,PN=AE,∴PM=PN,∵PM∥BD,PN∥AE,AE⊥BD,∴∠NPD=∠EAC,∠MPA=∠BDC,∠EAC+∠BDC=90°,∴∠MPA+∠NPC=90°,∴∠MPN=90°,即PM⊥PN.故答案是:PM=PN,PM⊥PN.(2)如图②中,设AE交BC于O.∵△ACB和△ECD是等腰直角三角形,∴AC=BC,EC=CD,∠ACB=∠ECD=90°.∴∠ACB+∠BCE=∠ECD+∠BCE.∴∠ACE=∠BCD.∴△ACE≌△BCD.∴AE=BD,∠CAE=∠CBD.又∵∠AOC=∠BOE,∠CAE=∠CBD,∴∠BHO=∠ACO=90°.∵点P、M、N分别为AD、AB、DE的中点,∴PM=BD,PM∥BD;PN=AE,PN∥AE.∴PM=PN.∴∠MGE+∠BHA=180°.∴∠MGE=90°.∴∠MPN=90°.∴PM⊥PN.(3)由(2)可知△PMN是等腰直角三角形,PM=BD,∴当BD的值最大时,PM的值最大,△PMN的面积最大,∴当B、C、D共线时,BD的最大值=BC+CD=6,∴PM=PN=3,∴△PMN的面积的最大值=×3×3=.2.解:(1)如图1,过点A作AQ⊥BC于Q,∵AB=AC,∠BAC=120°,∴BQ=BC,∠BAQ=∠BAC=60°,在Rt△ABQ中,∠B=30°,∴AQ=AB,根据勾股定理得,BQ==AB,∴BC=2BQ=AB,∴=,故答案为;(2)①证明:如图2,∵∠BAC=∠DAE=120°,∴∠DAB=∠CAE,在△DAE和△EAC中,,∴△DAB≌△EAC(SAS);②CD=AD+BD;理由:如图2中,作AH⊥CD于H,∵△DAB≌△EAC,∴BD=CE,在Rt△ADH中,同(1)的方法得,DH=AD,∵AD=AE,AH⊥DE,∴DH=HE,∴CD=DE+EC=2DH+BD=AD+BD;(3)证明:如图3,作BG⊥AE于G,连接BE.∵E、C关于BM对称,∴BC=BE,FE=FC,∴BM垂直平分CE,∴∠BNE=90°,∠EBN=∠CBN,∵在菱形ABCD中,AB=BC,∠ABC=120°,∴AB=BE,又∵BG⊥AE,∴∠ABG=∠EBG,∠BGE=90°,∴∠EBG+∠EBN=∠ABC=60°,∴四边形BNEG中,∠CEG=360°﹣90°﹣90°﹣60°=120°,∴∠CEF=60°,又∵FE=FC,∴△EFC是等边三角形;∵AE=4,EC=EF=1,∴AG=GE=2,FG=3,在Rt△BGF中,∵∠BFG=30°,∴BG=BF,根据勾股定理得,BF2﹣(BF)2=FG2=9∴BF=2.3.(1)证明:∵∠BAC=∠DAE=90°,∴∠BAC﹣∠CAD=∠DAE﹣∠CAD,即∠BAD=∠CAE.在△BAD与△CAE中,.∴△BAD≌△CAE(SAS).∴∠ABD=∠ACE.∵AB=AC,∠BAC=90°,∴∠ABC=∠ACB=45°.∴∠ABD=∠ACE=45°,∴∠DCE=∠ACB+∠ACE=90°.∵点F是DE的中点,∠DAE=∠DCE=90°.∴AF=DE,CF=DE.∴CF=AF;(2)解:符合条件的等腰直角三角形有:△ABC,△ADE,△ADF,△AFE.理由如下:在△ABC中,AB=AC,∠BAC=90°,则△ABC是等腰直角三角形.在△ADE中,AD=AE,∠DAE=90°,则△DEA是等腰直角三角形.在等腰Rt△ADE中,∵点F是DE的中点,∴AD⊥DE,AF=DF=EF=DE,∴△ADF,△AFE都是等腰直角三角形.4.解:(1)∵在△ABC中,AB=AC,∠BAC=60°,∴∠BAC=∠DAE=60°,∴∠BAC﹣∠DAC=∠DAE﹣∠DAC,即∠BAD=∠CAE,在△BAD和△CAE中,,∴△BAD≌△CAE(SAS),∴∠ACE=∠B=60°,BD=CE,∴BC=BD+CD=EC+CD,∴AC=BC=EC+CD;故答案为:60°,AC=DC+EC;(2)BD2+CD2=2AD2,理由如下:由(1)得,△BAD≌△CAE,∴BD=CE,∠ACE=∠B=45°,∴∠DCE=90°,∴CE2+CD2=ED2,在Rt△ADE中,AD2+AE2=ED2,又AD=AE,∴BD2+CD2=2AD2;(3)作AE⊥CD于E,连接AD,∵在Rt△DBC中,DB=3,DC=5,∠BDC=90°,∴BC==,∵∠BAC=90°,AB=AC,∴AB=AC=,∠ABC=∠ACB=45°,∵∠BDC=∠BAC=90°,∴点B,C,A,D四点共圆,∴∠ADE=45°,∴△ADE是等腰直角三角形,∴AE=DE,∴CE=5﹣DE,∵AE2+CE2=AC2,∴AE2+(5﹣AE)2=17,∴AE=1,AE=4,∴AD=或AD=4.5.解:(1)①如图1中,∵CD⊥AB,∴∠ACD=90°,∵∠AOD=90°,AE=DE,∴OE=AD,EC=AD,∴OE=EC.②∵EO=EA,EC=EA,∴∠EAO=∠EOA,∠EAC=∠ECA,∵∠OED=∠EAO+∠EOA=2∠EAO,∠DEC=∠EAC+∠ECA=2∠EAC,∵OA=OB,∠AOB=90°,∴∠OAB=45°,∴∠OEC=2(∠OAE+∠EAC)=90°,∴∠OEC=2∠OAB,故答案为OE=EC,∠OEC=2∠OAB.(2)结论成立.理由:如图2中,延长OE到H,使得EH=OE,连接DH,CH,OC.由题意△AOB,△BCD都是等腰直角三角形,∴∠A=∠ABO=∠DBC=∠CDB=45°,∵AE=ED,∠AEO=∠DEH,OE=EH,∴△AEO≌△DEH(SAS),∴AO=DH,∠A=∠EDH=45°,∴∠CDH=∠OBC=90°,∵OA=OB,BC=CD,∴DH=OB,∴△HDC≌△OBC(SAS),∴CH=OC,∠HCD=∠OCB,∴∠HCO=∠DCB=90°,∴∠COE=∠CHE=45°,∵OE=EH,∴CE⊥OE,∴∠OEC=90°,∴∠OEC=2∠OAB,OE=EC.(3)①如图3﹣1中,当点C落在OB上时,连接EC.由(1)(2)可知△OEC是等腰直角三角形,∵BC=BD=1,OB=3,∴OC=OB﹣BC=3﹣1=2,∴OE=OC=.②如图3﹣2中,当点C落在OB的延长线上时,连接EC.同法可得OE=OC=(3+1)=2,综上所述,OE的长为或2.6.(1)①证明:如图1中,∵将线段PB绕点P逆时针旋转,旋转角为α,得到线段PD,∴PB=PD,∵AB=AC,PB=PD,∠BAC=∠BPD=60°,∴△ABC,△PBD是等边三角形,∴∠ABC=∠PBD=60°,∴∠PBA=∠DBC,∵BP=BD,BA=BC,∴△PBA≌△DBC(SAS),∴PA=DC.②解:如图1中,设BD交PC于点O.∵△PBA≌△DBC,∴∠BPA=∠BDC,∵∠BOP=∠COD,∴∠OBP=∠OCD=60°,即∠DCP=60°.(2)解:结论:CD=PA.理由:如图2中,∵AB=AC,PB=PD,∠BAC=∠BPD=120°,∴BC=2•AB•cos30°=BA,BD═2BP•cos30°=BP,∴==,∵∠ABC=∠PBD=30°,∴∠ABP=∠CBD,∴△CBD∽△ABP,∴==,∴CD=PA.(3)过点D作DM⊥PC于M,过点B作BN⊥CP交CP的延长线于N.如图3﹣1中,当△PBA是钝角三角形时,在Rt△ABN中,∵∠N=90°,AB=6,∠BAN=60°,∴AN=AB•cos60°=3,BN=AB•sin60°=3,∵PN===2,∴PA=3﹣2=1,由(2)可知,CD=PA=,∵∠BPA=∠BDC,∴∠DCA=∠PBD=30°,∵DM⊥PC,∴DM=CD=如图3﹣2中,当△ABP是锐角三角形时,同法可得PA=2+3=5,CD=5,DM=CD=,综上所述,满足条件的DM的值为或.故答案为或.7.解:(1)由旋转变换的性质可知,AD=AE,∠DAE=60°,∴△ADE是等边三角形,故答案为:等边三角形;(2)AC+CD=CE,证明:由旋转的性质可知,∠DAE=60°,AD=AE,∵△ABC是等边三角形∴AB=AC=BC,∠BAC=60°,∴∠BAC=∠DAE=60°,∴∠BAC+∠DAC=∠DAE+∠DAC,即∠BAD=∠CAE,在△ABD和△ACE中,,∴△ABD≌△ACE(SAS)∴BD=CE,∴CE=BD=CB+CD=CA+CD;(3)①BD为2或8时,∠DEC=30°,当点D在线段BC上时,∵∠DEC=30°,∠AED=60°,∴∠AEC=90°,∵△ABD≌△ACE,∴∠ADB=∠AEC=90°,又∠B=60°,∴∠BAD=30°,∴BD=AB=2,当点D在线段BC的延长线上时,∵∠DEC=30°,∠AED=60°,∴∠AEC=30°,∵△ABD≌△ACE,∴∠ADB=∠AEC=30°,又∠B=60°,∴∠BAD=90°,∴BD=2AB=8,∴BD为2或8时,∠DEC=30°;②点D在运动过程中,△DEC的周长存在最小值,最小值为4+2,理由如下:∵△ABD≌△ACE,∴CE=BD,则△DEC的周长=DE+CE+DC=BD+CD+DE,当点D在线段BC上时,△DEC的周长=BC+DE,当点D在线段BC的延长线上时,△DEC的周长=BD+CD+DE>BC+DE,∴△DEC的周长≥BC+DE,∴当D在线段BC上,且DE最小时,△DEC的周长最小,∵△ADE为等边三角形,∴DE=AD,AD 的最小值为2,∴△DEC的周长的最小值为4+2.8.解:(1)∵△ABC是等腰直角三角形,∴CA=CB,∠A=∠ABC=45°,由旋转的性质可知,BA=BD,∠ABD=90°,∴∠DBE=45°,在△ACB和△DEB中,,∴△ACB≌△DEB(AAS)∴DE=AC=BC=3,∴△BCD的面积=×3×3=,故答案为:DE=BC;;(2)作DG⊥CB交CB的延长线于G,∵∠ABD=90°,∴∠ABC+∠DBG=90°,又∠ABC+∠A=90°,∴∠A=∠DBG,在△ACB和△BGD中,,∴△ACB≌△BGD(AAS),∴DG=BC=a,∴△BCD的面积=×BC•DG=a2;(3)作AN⊥BC于N,DM⊥BC交CB的延长线于M,∵AB=AC,AN⊥BC,∴BN=BC=a,由(2)得,△ANB≌△BMD,∴DM=BN=a,∴△BCD的面积=×BC•DM=a2.9.解:(Ⅰ)(1)∵∠BAC=∠DAE=90°,∴∠BAC﹣∠DAC=∠DAE﹣∠DAC,即∠BAD=∠CAE,在△BAD和△CAE中,,∴△BAD≌△CAE(SAS);(2)∵△BAD≌△CAE∴BD=CE,∴BC=BD+CD=EC+CD;(Ⅱ)(1)△BAD≌△CAE的结论仍然成立,理由:∵将线段AD绕点A逆时针旋转90°得到AE,∴△ADE是等腰直角三角形,∴AE=AD,∵∠BAC+∠CAD=∠DAE+∠CAD,即∠BAD=∠CAE,在△BAD与△CAE中,,∴△BAD≌△CAE(SAS);(2)∵△BAD≌△CAE,∴BD=CE=9,∵∠ADC=45°,∠EDA=45°,∴∠EDC=90°,∴DE==6,∵∠DAE=90°,∴AD=AE=DE=6.10.(1)证明:由题意知∠FOE=∠DOC=60°,∴∠FOE﹣∠DOC﹣∠DOE,即∠FOD=∠EOC,在矩形ABCD中,AC=BD=2OC=2OD,∴OC=OD,又∵OF=OE,∴△FOD≌△EOC(SAS),∴DF=CE;(2)解:在△ODC中,OD=OC,∠COD=60°,∴△OCD是等边三角形,∠OCD=60°,又△FOD≌△EOC,∴∠FDO=∠ECO=60°,在△OEF中,OE=OF,∠EOF=60°,∴△OEF是等边三角形,∠OEF=60°,∴180°﹣∠FDP﹣∠FPD=180°﹣∠OEP﹣∠OPE,即∠DEP=∠DOE,又∠FDP=∠ODE=60°,∴△FDP∽△ODE,∴,设DF=CE=x,则DE=1﹣x,∴,∴DP=﹣x2+x=,∴DP的最大值为.(3)解:①在矩形ABCD中,AB=1,∠COD=60°,∴AD=,∠OAD=∠ODA=30°,∴∠FDA=∠FDO﹣∠ODA=30°,如图1,过点F作FM⊥AD于点M,设FM=m,则MD=m,AM=m,又∵AF=AB=1,∴在Rt△AFM中,AM2+FM2=AF2,∴=1,∴m1=,m2=1(舍去),∴sin∠FAM=,∴∠FAM=30°,∴∠FAO=60°,且AF=AB=AO,∴△AOF是等边三角形,∴OF=1.②如图2,过点A作AN⊥DF于点N,则∠FDA=30°,∴∠DAN=60°,AN=,∴cos∠FAN=,∴∠FAN=30°,∴∠FAO=120°,又∠AOD=120°,∴∠FAO=∠AOD,又AF=AO=OD,∴△OAF≌△AOD(SAS),∴OF=AD=.综合以上可得,OF=1或.。
中考数学----几何探究与变换
中考数学————几何探究与应用
【知识梳理】
常见的三种几何变换、、
如何利用几何变换解决几何问题
几何变换的常见图形
模块一:勾股定理的证明与弦图的构造
勾股定理的证明方法:
(1)标准验证:(2)加菲尔德证法(总统法)(3)赵爽勾股圆方图(二)弦图
例2:在△ABC 中,︒=∠90ACB ,BC AC =,直线
(3)当0°<α<90°时,猜想△EAD的面积与
模块二:夹“半角”模型
一:正方形中点夹半角
已知:正方形ABCD中,∠EAF=45°.
(7)AH⊥二、“120°”夹半角模型
BM+CN=MN △AMN的周长=2倍边长
中,此时ΔP'AP也为正三角形。
图中的ΔCPP'中,此时ΔBPP'为等腰直角三角形。
三角形。
如图P是正方形ABCD
ABC内一点,且PA=3,PB=1,正方形HEFG,连结AG, CE; 点K,为AG
GH=CF
结论:
)△BCE≌△ACD,(2)AD=BE,∠
△BCM≌△CAN,(3)△MCN为等边三角形
△MCE≌△NCD°(4)MN∥BD
(5)CF为∠BFD的角平分线(6)FC+FE=FD
例题8. 已知:2
PA=
例题9、如图,以Rt△ABC 的中心为O,连接AO,如果A、12 B、8 C。
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2021年中考数学大题狂练之压轴大题突破培优练(江苏专用)专题06几何综合探究变化型问题【真题再现】1.(2019年宿迁中考第28题)如图①,在钝角△ABC中,∠ABC=30°,AC=4,点D为边AB中点,点E为边BC中点,将△BDE绕点B逆时针方向旋转α度(0≤α≤180).(1)如图②,当0<α<180时,连接AD、CE.求证:△BDA∽△BEC;(2)如图③,直线CE、AD交于点G.在旋转过程中,∠AGC的大小是否发生变化?如变化,请说明理由;如不变,请求出这个角的度数;(3)将△BDE从图①位置绕点B逆时针方向旋转180°,求点G的运动路程.2.(2019年连云港中考第27题)问题情境:如图1,在正方形ABCD中,E为边BC上一点(不与点B、C重合),垂直于AE的一条直线MN分别交AB、AE、CD于点M、P、N.判断线段DN、MB、EC之间的数量关系,并说明理由.问题探究:在“问题情境”的基础上.(1)如图2,若垂足P恰好为AE的中点,连接BD,交MN于点Q,连接EQ,并延长交边AD于点F.求∠AEF 的度数;(2)如图3,当垂足P在正方形ABCD的对角线BD上时,连接AN,将△APN沿着AN翻折,点P落在点P'处,若正方形ABCD的边长为4,AD的中点为S,求P'S的最小值.问题拓展:如图4,在边长为4的正方形ABCD中,点M、N分别为边AB、CD上的点,将正方形ABCD沿着MN翻折,使得BC的对应边B'C'恰好经过点A,C'N交AD于点F.分别过点A、F作AG⊥MN,FH⊥MN,垂足分别为G、H.若AG ,请直接写出FH的长.3.(2019年无锡中考副卷第28题)如图,在Rt△ABC中,AC=BC=4,∠ACB=90°,正方形BDEF的边长为2,将正方形BDEF绕点B旋转一周,连接AE、BE、CD.(1)请找出图中与△ABE相似的三角形,并说明理由;(2)求当A、E、F三点在一直线上时CD的长;(3)设AE的中点为M,连接FM,试求FM长的取值范围.4.(2019年盐城中考第25题)如图①是一张矩形纸片,按以下步骤进行操作:(Ⅰ)将矩形纸片沿DF折叠,使点A落在CD边上点E处,如图②;(Ⅱ)在第一次折叠的基础上,过点C再次折叠,使得点B落在边CD上点B′处,如图③,两次折痕交于点O;(Ⅲ)展开纸片,分别连接OB、OE、OC、FD,如图④.【探究】(1)证明:△OBC≌△OED;(2)若AB=8,设BC为x,OB2为y,求y关于x的关系式.5.(2019•扬州)如图,已知等边△ABC的边长为8,点P是AB边上的一个动点(与点A、B不重合).直线1是经过点P的一条直线,把△ABC沿直线1折叠,点B的对应点是点B′.(1)如图1,当PB=4时,若点B′恰好在AC边上,则AB′的长度为;(2)如图2,当PB=5时,若直线1∥AC,则BB′的长度为;(3)如图3,点P在AB边上运动过程中,若直线1始终垂直于AC,△ACB′的面积是否变化?若变化,说明理由;若不变化,求出面积;(4)当PB=6时,在直线1变化过程中,求△ACB′面积的最大值.6.(2019年南京中考第26题)如图①,在Rt△ABC中,∠C=90°,AC=3,BC=4.求作菱形DEFG,使点D 在边AC上,点E、F在边AB上,点G在边BC上.小明的作法1.如图②,在边AC上取一点D,过点D作DG∥AB交BC于点G.2.以点D为圆心,DG长为半径画弧,交AB于点E.3.在EB上截取EF=ED,连接FG,则四边形DEFG为所求作的菱形.(1)证明小明所作的四边形DEFG是菱形.(2)小明进一步探索,发现可作出的菱形的个数随着点D的位置变化而变化……请你继续探索,直接写出菱形的个数及对应的CD的长的取值范围.【题组一】1.(2020•海门市校级模拟)已知正方形ABCD,P为射线AB上的一点,以BP为边作正方形BPEF,使点F在线段CB的延长线上,连接EA、EC.(1)如图1,若点P在线段AB的延长线上,求证:EA=EC;(2)若点P在线段AB上,如图2,当点P为AB的中点时,判断△ACE的形状,并说明理由;(3)在(1)的条件下,将正方形ABCD固定,正方形BPEF绕点B旋转一周,设AB=4,BP=a,若在旋转过程中△ACE面积的最小值为4,请直接写出a的值.2.(2019秋•青龙县期末)在等边三角形ABC中,点D是BC的中点,点E、F分别是边AB、AC(含线段AB、AC 的端点)上的动点,且∠EDF=120°,小明和小慧对这个图形展开如下研究:问题初探:(1)如图1,小明发现:当∠DEB=90°时,BE+CF=nAB,则n的值为;问题再探:(2)如图2,在点E、F的运动过程中,小慧发现两个有趣的结论:①DE始终等于DF;②BE与CF的和始终不变;请你选择其中一个结论加以证明.成果运用(3)若边长AB=4,在点E、F的运动过程中,记四边形DEAF的周长为L,L=DE+EA+AF+FD,则周长L的变化范围是.3.(2019秋•张家港市期末)在长方形纸片ABCD中,点E是边CD上的一点,将△AED沿AE所在的直线折叠,使点D落在点F处.(1)如图1,若点F落在对角线AC上,且∠BAC=54°,则∠DAE的度数为°.(2)如图2,若点F落在边BC上,且AB=6,AD=10,求CE的长.(3)如图3,若点E是CD的中点,AF的沿长线交BC于点G,且AB=6,AD=10,求CG的长.4.(2020•兴化市模拟)如图,现有一张矩形纸片ABCD,AB=4,BC=8,点M,N分别在矩形的边AD,BC上,将矩形纸片沿直线MN折叠,使点C落在矩形的边AD上,记为点P,点D落在G处,连接PC,交MN丁点Q,连接CM.(1)求证:PM=PN;(2)当P,A重合时,求MN的值;(3)若△PQM的面积为S,求S的取值范围.【题组二】5.(2019秋•娄星区期末)在△ABC中,AB=AC,点D为射线CB上一个动点(不与B、C重合),以AD为一边在AD的右侧作△ADE,使AD=AE,∠DAE=∠BAC,过点E作EF∥BC,交直线AC于点F,连接CE.(1)如图①,若∠BAC=60°,则按边分类:△CEF是三角形;(2)若∠BAC<60°.①如图②,当点D在线段CB上移动时,判断△CEF的形状并证明;②当点D在线段CB的延长线上移动时,△CEF是什么三角形?请在图③中画出相应的图形并直接写出结论(不必证明).6.(2019秋•东海县期末)已知BC=5,AB=1,AB⊥BC,射线CM⊥BC,动点P在线段BC上(不与点B,C重合),过点P作DP⊥AP交射线CM于点D,连接AD.(1)如图1,若BP=4,判断△ADP的形状,并加以证明.(2)如图2,若BP=1,作点C关于直线DP的对称点C′,连接AC′.①依题意补全图2;②请直接写出线段AC′的长度.7.(2019秋•江都区期末)在Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=15,AB=25,点D为斜边AB上动点.(1)如图1,当CD⊥AB时,求CD的长度;(2)如图2,当AD=AC时,过点D作DE⊥AB交BC于点E,求CE的长度;(3)如图3,在点D的运动过程中,连接CD,当△ACD为等腰三角形时,直接写出AD的长度.8.(2019秋•泰兴市期末)已知:如图,在△ABC中,∠ACB=90°,AC=BC=4,D是AB的中点,点E是射线CB上的动点,连接DE,DF⊥DE交射线AC于点F.(1)若点E在线段CB上.①求证:AF=CE.②连接EF,试用等式表示AF、EB、EF这三条线段的数量关系,并说明理由.(2)当EB=3时,求EF的长.【题组三】9.(2019秋•镇江期末)△ABC和△ADE都是等腰直角三角形,∠BAC=∠DAE=90°.(1)如图1,点D、E分别在AB、AC上,则BD、CE满足怎样的数量关系和位置关系?(直接写出答案)(2)如图2,点D在△ABC内部,点E在△ABC外部,连结BD、CE,则BD、CE满足怎样的数量关系和位置关系?请说明理由.(3)如图3,点D、E都在△ABC外部,连结BD、CE、CD、EB,BD与CE相交于H点.已知AB=4,AD=2,设CD2=x,EB2=y,求y与x之间的函数关系式.10.(2019秋•射阳县期末)在△ABC中,AB、AC边的垂直平分线分别交BC边于点M、N.(1)如图①,若∠BAC=110°,则∠MAN=°,若△AMN的周长为9,则BC=.(2)如图②,若∠BAC=135°,求证:BM2+CN2=MN2;(3)如图③,∠ABC的平分线BP和AC边的垂直平分线相交于点P,过点P作PH垂直BA的延长线于点H.若AB=5,CB=12,求AH的长.11.(2019秋•溧水区期末)通过对下面数学模型的研究学习,解决下列问题:【模型呈现】(1)如图1,∠BAD=90°,AB=AD,过点B作BC⊥AC于点C,过点D作DE⊥AC于点E.由∠1+∠2=∠2+∠D=90°,得∠1=∠D.又∠ACB=∠AED=90°,可以推理得到△ABC≌△DAE.进而得到AC=,BC=.我们把这个数学模型称为“K字”模型或“一线三等角”模型;【模型应用】(2)①如图2,∠BAD=∠CAE=90°,AB=AD,AC=AE,连接BC,DE,且BC⊥AF于点F,DE与直线AF 交于点G.求证:点G是DE的中点;②如图3,在平面直角坐标系xOy中,点A的坐标为(2,4),点B为平面内任一点.若△AOB是以OA为斜边的等腰直角三角形,请直接写出点B的坐标.12.(2019•邗江区校级一模)阅读下面材料:小聪遇到这样一个有关角平分线的问题:如图1,在△ABC中,∠A =2∠B,CD平分∠ACB,AD=2.4,AC=3.6,求BC得长.小聪思考:因为CD平分∠ACB,所以可在BC边上取点E,使EC=AC,连接DE.这样很容易得到△DEC≌△DAC,经过推理能使问题得到解决(如图2).请完成:(1)求证:△BDE是等腰三角形(2)求BC的长为多少?(3)参考小聪思考问题的方法,解决问题:如图3,已知△ABC中,AB=AC,∠A=20°,BD平分∠ABC,BD 0 ,BC ,求AD的长.【题组四】13.(2019•鼓楼区二模)提出问题:用一张等边三角形纸片剪一个直角边长分别为2cm和3cm的直角三角形纸片,等边三角形纸片的边最小值是多少?探究思考:几位同学画出了以下情况,其中∠C=90°,BC=2cm,△ADE为等边三角形.(1)同学们对图1,图2中的等边三角形展开了讨论:①图一中AD的长度图②中AD的长度(填“>”,“<”或“=”)②等边三角形ADE经过图形变化.AD可以更小.请描述图形变化的过程.(2)有同学画出了图3,但老师指出这种情况不存在,请说明理由.(3)在图4中画出边长最小的等边三角形,并写出它的边长.经验运用:(4)用一张等边三角形纸片剪一个直角边长为1cm和3cm的直角三角形纸片,等边三角形纸片的边长最小是多少?画出示意图并写出这个最小值.14.(2019•南京二模)【概念提出】如图①,若正△DEF的三个顶点分别在正△ABC的边AB、BC、AC上,则我们称△DEF是正△ABC的内接正三角形.(1)求证:△ADF≌△BED;【问题解决】利用直尺和圆规作正三角形的内接正三角形(保留作图痕迹,不写作法).(2)如图②,正△ABC的边长为a,作正△ABC的内接正△DEF,使△DEF的边长最短,并说明理由;(3)如图③,作正△ABC的内接正△DEF,使FD⊥AB.15.(2020•河南一模)【问题提出】在△ABC中,AB=AC≠BC,点D和点A在直线BC的同侧,BD=BC,∠BAC =α,∠DBC=β,且α+β=120°,连接AD,求∠ADB的度数.(不必解答)【特例探究】小聪先从特殊问题开始研究,当α=90°,β=30°时,利用轴对称知识,以AB为对称轴构造△ABD 的轴对称图形△ABD′,连接CD′(如图2),然后利用α=90°,β=30°以及等边三角形等相关知识便可解决这个问题.请结合小聪研究问题的过程和思路,在这种特殊情况下填空:△D′BC的形状是三角形;∠ADB的度数为.【问题解决】在原问题中,当∠DBC<∠ABC(如图1)时,请计算∠ADB的度数;【拓展应用】在原问题中,过点A作直线AE⊥BD,交直线BD于E,其他条件不变若BC=7,AD=2.请直接写出线段BE的长为.16.(2019•亭湖区二模)【阅读材料】小明遇到这样一个问题:如图1,点P在等边三角形ABC内,且∠APC=150°,PA=3,PC=4,求PB的长.小明发现,以AP为边作等边三角形APD,连接BD,得到△ABD;由等边三角形的性质,可证△ACP≌△ABD,得PC=BD;由已知∠APC=150°,可知∠PDB的大小,进而可求得PB的长.(1)请回答:在图1中,∠PDB=°,PB=.【问题解决】(2)参考小明思考问题的方法,解决下面问题:如图2,△ABC中,∠ACB=90°,AC=BC,点P在△ABC内,且PA=1,PB ㌳,PC=2 ,求AB的长.【灵活运用】(3)如图3,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,∠BAC=α,且tanα 0 ,点P在△ABC外,且PB=3,PC=1,直接写出PA长的最大值.【题组五】17.(2019秋•海安市期末)(1)如图①,小明同学作出△ABC两条角平分线AD,BE得到交点I,就指出若连接CI,则CI平分∠ACB,你觉得有道理吗?为什么?(2)如图②,Rt△ABC中,AC=5,AC=12,AB=13,△ABC的角平分线CD上有一点I,设点I到边AB的距离为d.(d为正实数)小季、小何同学经过探究,有以下发现:小季发现:d的最大值为 R .小何发现:当d=2时,连接AI,则AI平分∠BAC.请分别判断小季、小何的发现是否正确?并说明理由.18.(2019秋•常熟市期中)如图,在△ABC中,AB=AC,∠BAC=80°,点D为△ABC内一点,∠ABD=∠ACD =20°,E为BD延长线上的一点,且AB=AE.(1)求∠BAD的度数;(2)求证:DE平分∠ADC;(3)请判断AD,BD,DE之间的数量关系,并说明理由.19.(2019秋•常熟市期中)如图,在平面直角坐标系中,已知点A(8,0),点C(0,6),点B在x轴负半轴上,且AB=AC.(1)求点B的坐标;(2)如图②,若点E为边AC的中点,动点M从点B出发以每秒2个单位长度的速度沿线段BA向点A匀速运动,设点M运动的时间为t(秒);①若△OME的面积为2,求t的值;②如图③,在点M运动的过程中,△OME能否成为直角三角形?若能,求出此时t的值,并写出相应的点M的坐标;若不能,请说明理由.20.(2019秋•崇川区期末)已知△ABC中,AB=AC.(1)如图1,在△ADE中,AD=AE,连接BD、CE,若∠DAE=∠BAC,求证:BD=CD;(2)如图2,在△ADE中,AD=AE,连接BE、CE,若∠DAE=∠BAC=60°,CE⊥AD于点F,AE=4, ㌳,求BE的长;(3)如图3,在△BCD中,∠CBD=∠CDB=45°,连接AD,若∠CAB=45°,求 t ‸的值.【题组六】21.(2018秋•崇川区校级期末)如图,锐角△ABC中,AB=AC,点D是边BC上的一点,以AD为边作△ADE,使AE=AD,∠EAD=∠BAC.(1)过点E作EF∥DC交AB于点F,连接CF(如图1),①请直接写出∠EAB与∠DAC的数量关系;②试判断四边形CDEF的形状,并证明;(2)若∠BAC=60°,过点C作CF∥DE交AB于点F,连接EF(如图2),那么(1)②中的结论是否仍然成立?若成立,请给出证明;若不成立,请说明理由.22.(2019秋•淮阴区期末)A,B,C,D是长方形纸片的四个顶点,点E、F、H分别是边AB、BC、AD上的三点,连结EF、FH.(1)将长方形纸片ABCD按图①所示的方式折叠,FE、FH为折痕,点B、C、D折叠后的对应点分别为B'、C'、D',点B'在FC'上,则∠EFH的度数为;(2)将长方形纸片ABCD按图②所示的方式折叠,FE、FH为折痕,点B、C、D折叠后的对应点分别为B'、C'、D',若∠B'FC'=18°,求∠EFH的度数;(3)将长方形纸片ABCD按图③所示的方式折叠,FE、FH为折痕,点B、C、D折叠后的对应点分别为B'、C'、D',若∠EFH=m°,求∠B'FC'的度数为.23.(2019秋•丹阳市期末)如图,已知△ABC中,∠ACB=90°,AC=4,BC=3,点M、N分别是边AC、AB上的动点,连接MN,将△AMN沿MN所在直线翻折,翻折后点A的对应点为A′.(1)如图1,若点A′恰好落在边AB上,且AN AC,求AM的长;(2)如图2,若点A′恰好落在边BC上,且A′N∥AC.①试判断四边形AMA′N的形状并说明理由;②求AM、MN的长;(3)如图3,设线段NM、BC的延长线交于点P,当 ‸ 且 ᦙ ㌳时,求CP的长.24.(2020春•鼓楼区校级月考)如图,正方形ABCD的边长为4,点E,F分别在边AB,AD上,且∠ECF=45°,CF的延长线交BA的延长线于点G,CE的延长线交DA的延长线于点H,连接AC,EF,GH.(1)填空:∠AHC∠ACG;(填“>”或“<”或“=”)(2)线段AC,AG,AH什么关系?请说明理由;(3)设AE=m,请直接写出使△CGH是等腰三角形的m值.。