玉环实验学校杭州校区高三数学第一次月考试题(无答案)新人教A版

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浙江省杭州市高三数学第一次月考试题 理 新人教A版

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一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.集合 A=}4|{2>x x ,B={1log |3<x x }, 则A ⋂B= ( )A .{2|-<x x }B .{|23x x <<}C .{|3x x >}D .{2|-<x x 或23x <<} 2.函数12log (32)y x =-的定义域是( )A .[1,)+∞B .2(,)3+∞C . 2[,1]3D .2(,1]33.设函数⎩⎨⎧>≤-=00)(2x xx x x f ,若,4)(=a f 则实数a =( ) A.2-4或- B.24或- C.42或- D.22或-4.已知4.3log 25=a ,6.3log 45=b ,3.0log 351⎪⎭⎫⎝⎛=c ,则( )A.c b a >>B.c a b >>C.b c a >>D.b a c >>5.设)(x f 是周期为2的奇函数,当10≤≤x 时,)1(2)(x x x f -=,则=-)25(f ( )A.21-B.41- C.41 D.216.已知q p a x q x p ⌝⌝>>+是且,:,2|1:|的充分不必要条件,则实数a 的取值范围可以是( ) A .1≥aB .1≤aC .1-≥aD .3-≤a7.函数xxa y x=(01)a <<的图象的大致形状是 ( )8.函数()sin ,[,],22f x x x x ππ=∈-12()()f x f x >若,则下列不等式一定成立的是( ) A.021>+x x B.2221x x > C.21x x > D.2221x x <9.函数)(x f 的定义域为R ,2)1(=-f ,对任意2)(,'>∈x f R x ,则42)(+>x x f 的解集为( )A.)1,1(-B.),1(+∞-C.)1,(--∞D.R10.已知函数2|3|)(3--+=a x x x f 在)2,0(上恰有两个零点,则实数a 的取值范围为( )A .)2,0(B .)4,0(C .)6,0(D .(2,4)二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分,把答案填写在答题卡相应位置。

玉环实验学校杭州校区第一次月考试卷

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玉环实验学校2013学年第一学期高中第一次月考试卷高三数学命题人: 审核人: 终审人:一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只 有一项是符合题目要求的. 1.设集合{}2,0x M y y x ==<,1lgx N x y x -⎧⎫==⎨⎬⎩⎭,则M N = ( ) A.()1,+∞ B.()0,1 C.∅ D.()()0,11,+∞2.在复平面内,复数12i2i-+对应的点的坐标为 ( ) A.()0,1- B.()0,1 C.43,55⎛⎫- ⎪⎝⎭ D.43,55⎛⎫⎪⎝⎭3. 某三棱锥的三视图如图所示,该三棱锥的体积是( )A.83B.4C.2D.434. 设m ,n 是不同的直线,α,β是不同的平面,下列命题中正确的是 ( ) A .若m ∥α,n β⊥,m n ⊥,则αβ⊥ B .若m ∥α,n β⊥,m n ⊥,则α∥β C .若m ∥α,n β⊥,m ∥n ,则αβ⊥ D .若m ∥α,n β⊥,m ∥n ,则α∥β5. 已知函数()21log 1xf x x-=+,若()12f a =,则()f a -= ( )A .2B .2-C .12D .12-6.在ABC ∆中,已知9AB AC ⋅=,sin cos sin B A C =⋅,6ABC S ∆=,P 为线段AB 上的点,且CA CB CP x y CACB=⋅+⋅,则xy 的最大值为 ( ) A .1 B .2 C .3 D .47.函数()()sin cos 0f x x a x ωωω=+>的图像关于,03M π⎛⎫⎪⎝⎭对称,且在6x π=处函数有最小值,则a ω+的一个可能取值是 ( ) A.0 B.3 C.6 D.98.设函数()1,0,0,0x x f x x x ⎧+≠⎪=⎨⎪=⎩,()()()2g x f x bf x c =++⎡⎤⎣⎦,如果函数()g x 有5个不同的零点,则 ( )A.2b <-且0c >B.2b >-且0c <C.2b <-且0c =D.2b ≥-且0c > 9.设函数()()633,7,,7x a x x f x a x -⎧--≤⎪=⎨>⎪⎩,数列{}n a 满足()(n a f n n =∈)*N ,且数列{}n a 为递增数列,则实数a 的取值范围为 ( ) A.()2,3 B.()1,3 C.()1,+∞ D.()2,+∞10.一电子广告,背景是由固定的一系列下顶点相接的正三角形组成,这列正三解形的底 边在同一直线上,正三角形的内切圆由第一个正三角形的O 点沿三角形列的底边匀速向 前滚动(如图),设滚动中的圆与系列正三角形的重叠部分(如图中的阴影)的面积S 关 于时间t 的函数为()S f t =,则下列图中与函数()S f t =图像最近似的是 ( )第Ⅱ卷二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分.11.设函数()f x 是定义在R 上的偶函数,且是以4为周期的周期函数,当[]0,2x ∈时, ()2cos f x x x =-,则32a f ⎛⎫=- ⎪⎝⎭与152b f ⎛⎫= ⎪⎝⎭的大小关系为____________.12.在边长为1的正三角形ABC 中,BD xBA =,CE yCA = ,0x >,0y >,且1x y +=,则CD BE ⋅的最大值为_____________ 13.命题:“存在实数x ,满足不等式()2110m x mx m +-+-≤”是假命题,则实数m 的取值范围是_____________. 14.设函数()1,20,1,02x f x x x --≤≤⎧=⎨-<≤⎩,若函数()()[],2,2g x f x ax x =-∈-为偶函数,则实数a 的值为__________.15.已知正实数a ,b 满足228a b ab ++=,则2a b +的最小值是_________ .16.设函数()f x 的导函数为)(x f ',对任意x ∈R 都有()()f x f x '>成立,则()3ln 2f ()2ln 3f .(填“>”、“<”、“≥”或“≤”)17.对于函数()f x ,若存在区间[],M a b =,使得(){},y y f x x M M =∈=,则称区间M 为 函数()f x 的—个“好区间”.给出下列4个函数:①()sin f x x =;②()21x f x =-; ③()33f x x x =-;④()lg 1f x x =+.其中存在“好区间”的函数是 .(填入相应函数的序号)三、解答题:本大题共5小题,共72分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤. 18.(14分)已知向量=m ()sin ,1x -,=n 3cos ,2x ⎛⎫⎪⎝⎭,()f x =()+⋅m n m .(1)当0,2x π⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时,求函数()y f x =的值域;(2)锐角ABC ∆中,a ,b ,c 分别为角A ,B ,C 的对边,若5a =,b =,2B f ⎛⎫= ⎪⎝⎭a ,c .19.(14分) 已知0a >且1a ≠,函数()()log 1a f x x =+,()1log 1a g x x=-,记()()2F x f x =+()g x .(1)求函数()F x 的定义域D 及其零点;(2)若关于x 的方程()0F x m -=在区间[)0,1内仅有一解,求实数m 的取值范围.20. (14分)设公比大于零的等比数列{}n a 的前n 项和为n S ,且11a =,425S S =,数列{}n b 的前n 项和为n T ,满足11b =,2n n T n b =,n ∈*N . (1)求数列{}n a 、{}n b 的通项公式;(2)设()()1n n n C S nb λ=+-,若数列{}n C 是单调递减数列,求实数λ的取值范围.F EDCBA P21.(15分)已知四棱锥P ABCD -的底面ABCD 是边长为1的正方形,PD ⊥底面ABCD , PD AD =.(1)求证:BC ∥平面PAD ;(2)若E 、F 分别为PB 、AD 的中点,求证:EF BC ⊥;(3)求二面角C PA D --的余弦值.22.(15分)已知函数()2ln 8x f x x =-,[]1,3x ∈.(1)求()f x 的最大值与最小值;(2)若()4f x at <-对于任意的[]1,3x ∈,[]0,2t ∈恒成立,求实数a 的取值范围.。

浙江省玉环实验学校杭州校区高三数学暑期测试试题 文 (无答案)新人教A版

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玉环实验学校2013学年第一学期暑假模拟试卷高三数学(文科)一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只 有一项是符合题目要求的)1.设集合{}2S x x =>-,{}41T x x =-≤≤,则ST = ( ) A.[)4,-+∞ B .()2,-+∞ C .[]4,1- D .(]2,1-2. 设a ,b ∈R ,则 “()20a b a -<”是“a b <”的 ( )A .充分而不必要条件B .必要而不充分条件C .充要条件D .既不充分也不必要条件 3. 函数()()1cos sin f x x x =-在[],-ππ的图像大致为 ( )A .B .C .D .4. 将函数()()sin 2f x x =+θ2π⎛-< ⎝θ2π⎫<⎪⎭的图像向右平移()0>ϕϕ个单位长度后得到 函数()g x 的图像,若()f x ,()g x 的图像都经过点3P ⎛ ⎝⎭,则ϕ的值可以是( ) A .53π B .56π C .2π D .6π 5.x 为实数,[]x 表示不超过x 的最大整数,则函数()[]f x x x =-在R 上为 ( )A .奇函数B .偶函数C .增函数D .周期函数6. 已知点()1,1A -,()1,2B ,()2,1C --,()3,4D ,则向量AB 在CD 方向上的投影为( )A 32315 C .32 D .315 7. 设ABC ∆的内角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,若cos cos sin b A c B a A +=, 则 ABC ∆的形状为 ( )A .直角三角形B .锐角三角形C .钝角三角形D .不确定8. 设a 是已知的平面向量,且≠a 0,关于向量a 的分解,有如下四个命题:①给定向量b ,总存在向量c ,使a b c =+;②给定向量b 和c ,总存在实数λ和μ,使a b c λμ=+;③给定单位向量b 和正数μ,总存在单位向量c 和实数λ,使a b c λμ=+;④给定正数λ和μ,总存在单位向量b 和单位向量c ,使a b c λμ=+.上述命题中的向量b ,c 和a 在同一平面内且两两不共线,则真命题的个数是 ( )A .1B .2C .3D .49.将函数(sin +∈y x x x )R 的图像向左平移(0)m m >个单位长度后,所得到 的图像关于y 轴对称,则m 的最小值是 ( )A .12πB .6πC .3πD .56π 10.三角形的内角平分线定理是这样叙述的:三角形一个内角的平分线分对边所成的两条 线段与这个角的两边对应成比例.已知在ABC ∆中,60A ∠=︒,A ∠的平分线AD 交边 BC 于点D ,设3AB =,且(13AD AC AB λλ=+∈)R ,则AD 的长为 ( )A .B .1 D .3二、填空题(本大题共7小题,每小题4分,共28分)11. 已知集合{}2,3,6,8U =,{}2,3A =,{}2,6,8B =,则()U A B =ð_______. 12. 设m ∈R ,()2221m m m +-+-i 是纯虚数,其中i 是虚数单位,则m =_______.13. 设当x θ=时,函数()sin 2cos f x x x =-取得最大值,则cos θ=______.14. 定义在R 上的函数()f x 满足()()12f x f x +=.若当01x ≤≤时,()()1f x x x =-, 则当10x -≤≤时,()f x =________________.15. 函数2sin2y x x =+的最小正周期为T 为 .16. 在平行四边形ABCD 中,1AD =,60BAD ∠=︒,E 为CD 的中点. 若1AD BE ⋅=, 则 AB 的长为 .17. 定义“正对数”:()()0,01,ln ln ,1x x x x +⎧<<⎪=⎨≥⎪⎩,现有四个命题: ①若0a >,0b >,则()ln ln b a b a ++=;②若0a >,0b >,则()ln ln ln ab a b +++=+;③若0a >,0b >,则ln ln ln a a b b +++⎛⎫=- ⎪⎝⎭;④若0a >,0b >,则()ln a b ++≤ ln ln ln 2a b ++++. 其中的真命题有____________ (写出所有真命题的序号)三、解答题(本大题共5小题,共72分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)18.(本题满分14分)设向量a ,b 满足1==a b ,32-a b (1)求a ,b 得夹角;(2)求3+a b 的值.19.(本题满分14分)已知函数()22sin 4f x x x π⎛⎫=- ⎪⎝⎭. (1)求()f x 的最小正周期和单调减区间;(2)若()2f x m <+在0,6x π⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦上恒成立,求实数m 的取值范围.20.(本题满分14分)设函数()(32f x x bx cx d x =+++∈)R ,已知()()()'F x f x f x =-是奇函数,且()111F =.(1)求b 、c 、d 的值;(2)求()F x 得单调区间与极值.21.(本题满分15分)在ABC ∆中,a ,b ,c 分别是角A ,B ,C 的对边,且24cos sin cos202C C C ⋅+=. (1)若tan 2tan A B =,求()sin A B -得值;(2)若2325ab c =-,求ABC ∆面积的最大值.22.(本题满分15分)已知向量=a ()cos sin ,sin x x x -ωωω,=b ()cos sin x x x --ωωω,设函数 ()f x =⋅+a b λ(∈λ)R 的图像关于直线=x π对称,其中ω,λ为常数,且1,12ω⎛⎫∈ ⎪⎝⎭. (1)求函数()f x 的最小正周期;(2)若()=y f x 的图像经过点,04π⎡⎤⎢⎥⎣⎦,求函数()f x 在区间30,5π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上的取值范围.。

《精编》浙江省杭州市高三数学第一次月考试题 文 新人教A版.doc

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建人高复2021学年第一学期月考〔十月〕考试数学〔文科〕试题卷本卷须知:1.本科考试分试题卷和答题卷,考生须在答题卷上作答。

答题前,请在答题卷的密封线内填写试场号、班级、考号和姓名。

2.本试题卷分第一卷〔选择题〕和第二卷〔非选择题〕两局部。

总分值150分,考试时间120分钟。

参考公式:球的外表积公式 棱柱的体积公式 24S R π= V Sh =球的体积公式 其中S 表示棱柱的底面积,h 表示棱柱的高334R V π=棱台的体积公式 其中R 表示球的半径 )(312211S S S S h V ++=棱锥的体积公式 其中S 1、S 2分别表示棱台的上、下底面积,13V Sh = h 表示棱台的高其中S 表示棱锥的底面积,h 表示棱锥的高 如果事件,A B 互斥,那么()()()P A B P A P B +=+第一卷 选择题〔共50分〕一、选择题:本大题共10小题,每题5分,共50分.在每题给出的四个选项中,只有一项为哪一项符合题目要求的.1.设集合 M ={x|260x x +-<},N ={x|1≤x ≤3},那么M ∩N = ( ) A . [1,2] B . [1,2) C .( 2,3] D .[2,3] 2.设,,x y R ∈那么“2x ≥且2y ≥〞是“224x y +≥〞的 ( ) A .充分而不必要条件 B .必要而不充分条件 C .充分必要条件 D .即不充分也不必要条件3.设,a b 是向量,命题“假设a b =-,那么a b =〞的逆否命题是〔 〕 A .假设a b ≠-那么a b ≠ B .假设a b =-那么a b ≠ C .假设a b ≠那么a b ≠- D .假设a b =那么a b =-4.假设– 1≤ logx ≤ 2, 那么有 ( )A .– 1≤ x ≤ 2B .2 ≤ x ≤ 4C .41≤ x ≤ 2 D . 41 ≤ x ≤ 21 5.函数2()log 3+1xf x =()的值域为 ( ) A .(0,+∞) B .[0,+∞) C .(1,+∞) D .[1,+∞) 6.函数2()f x ax x c =--,且()0f x >的解集为〔-2,1〕那么函数()y f x =-的图象为〔 〕y x xx x e e e e--+=-7.函数的图象大致为〔 〕8.假设函数f(x)为偶函数,且在(0,+)∞内是增函数,又 f (-2021)=0,那么不等式0)(<⋅x f x 的集合是〔 〕A .|20132013x x x 或B .|201302013x x x 或C .|201302013x xx 或 D .|2013002013x x x 或 9.函数2441()431x x f x x x x -⎧=⎨-+>⎩, ≤,的图象和函数2()log g xx =的图象的交点个数是〔 〕A .1B .2C .3D .410.定义在实数集R 上的函数f (x )满足:〔1〕f (-x )= f (x );〔2〕f (4+x )= f (x );假设当 x ∈[0,2]时,f (x )=-2x +1,那么当x ∈[-6,-4]时,f (x )等于 〔 〕 A .2(6)1x B .1)2(2+--x C .1)2(2++-x D .2(4)1x第二卷 非选择题局部〔共100分〕二、填空题:本大题共7小题,每题4分,共28分.11.命题“存在实数x ,使1x >〞的否认是 . 12.函数y =______________. 13.{15},{4}A x x x B x a x a =<->=≤<+或,假设B B A =⋂,那么实数a 的取值范围是 .14.()()2(4),0,()(1)(2R f x f )0,3,log x x f x f x f x x -⎧=⎨--->⎩≤定义在上的函数满足则=_______.15.假设函数()()(2)f x x a bx a =++〔常数a b ∈R ,〕是偶函数,且它的值域为(]4-∞,,那么该函数的解析式()f x = . 16.函数()f x =的单调增区间为 .17.函数⎩⎨⎧≥<+-=1log 15)13()(x xx ax a x f a ,现给出以下命题:① 当图象是一条连续不断的曲线时,那么a =81; ② 当图象是一条连续不断的曲线时,能找到一个非零实数a ,使得f (x)在R 上是增函数;③ 当a ∈{m|81< m <31, m ∈R}时,不等式f (1 + a )f(1 – a ) <0恒成立; ④ 函数y = f ( | x + 1| ) 是偶函数 . 其中正确的命题是 .三、解答题:本大题共5小题,共72分,解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.18.〔本小题总分值14分〕记函数)32(log )(2-=x x f 的定义域为集合M ,函数)1)(3()(--=x x x g 的定义域为集合N .求:〔1〕集合M ,N ;〔2〕集合N M ,N M . 19.〔本小题总分值14分〕命题p :关于x 的不等式2240xax 对一切x R 恒成立;命题q :()(32)xf x a是增函数,假设p 或q 为真,p 且q 为假,求实数a 的取值范围。

浙江省杭高高三数学第一次月考理(无答案)新人教A版

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高三第一次月考数学试卷(理科)注意事项:1.本试卷考试时间为120分钟,满分为150分,不得使用计算器; 2.答案一律做在答卷页上.第I 卷 (选择题,共50分)一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.集合 A=}4|{2>x x ,B={1log |3<x x }, 则A ⋂B= ( )A .{2|-<x x }B .{|23x x <<}C .{|3x x >}D .{2|-<x x 或23x <<} 2. 下列函数中,既是偶函数又在()+∞,0单调递增的函数是( )A.3x y =B.1+=x yC.13+-=x yD.xy -=23. 设函数⎩⎨⎧>≤-=00)(2x xx x x f ,若,4)(=a f 则实数a =( ) A.2-4或- B.24或- C.42或- D.22或-4. 已知4.3log 25=a ,6.3log 45=b ,3.0log 351⎪⎭⎫⎝⎛=c ,则( )A.c b a >>B.c a b >>C.b c a >>D.b a c >>5. 设)(x f 是周期为2的奇函数,当10≤≤x 时,)1(2)(x x x f -=,则=-)25(f ( )A.21-B.41- C.41 D.216.右图是函数32()f x x bx cx d =+++图象,则函数2233c y x bx =++的单调递增区间为( )A.]2,(--∞B.),3[+∞C.]3,2[-D.),2[+∞7.已知q p a x q x p ⌝⌝>>+是且,:,2|1:|的充分不必要条件,则实数a 的取值范围 可以是( ) A .1≥a B .1≤a C .1-≥a D .3-≤a 8.函数()sin ,[,],22f x x x x ππ=∈-12()()f x f x >若,则下列不等式一定成立的是( )A.021>+x xB.2221x x >C.21x x >D.2221x x <9.函数)(x f 的定义域为R ,2)1(=-f ,对任意2)(,'>∈x f R x ,则42)(+>x x f 的解集为( )A.)1,1(-B.),1(+∞-C.)1,(--∞D.R10.设集合{}x x f x M ==)(,集合{}x x f f x =))((,若已知函数)(x f y =是R 上的增函数,记N M ,是N M ,中元素的个数,则下列判断一定正确的是( ) A.N M = B.N M > C.N M < D.1=-N M第Ⅱ卷(非选择题 共100分)二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分,把答案填写在答题卡相应位置。

浙江省杭州市高三数学第一次月考试题理新人教A版

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第一次月考数学试卷(理科)一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.集合 A=}4|{2>x x ,B={1log |3<x x }, 则A ⋂B= ( )A .{2|-<x x }B .{|23x x <<}C .{|3x x >}D .{2|-<x x 或23x <<}2.函数y =的定义域是( )A .[1,)+∞B .2(,)3+∞C . 2[,1]3D .2(,1]33.设函数⎩⎨⎧>≤-=00)(2x x x x x f ,若,4)(=a f 则实数a =( ) A.2-4或- B.24或- C.42或- D.22或-4.已知4.3log 25=a ,6.3log 45=b ,3.0log 351⎪⎭⎫ ⎝⎛=c ,则( )A.c b a >>B.c a b >>C.b c a >>D.b a c >>5.设)(x f 是周期为2的奇函数,当10≤≤x 时,)1(2)(x x x f -=,则=-)25(f ( )A.21-B.41- C.41 D.216.已知q p a x q x p ⌝⌝>>+是且,:,2|1:|的充分不必要条件,则实数a 的取值范围可以是( ) A .1≥aB .1≤aC .1-≥aD .3-≤a7.函数xxa y x=(01)a <<的图象的大致形状是 ( )8.函数()sin ,[,],22f x x x x ππ=∈-12()()f x f x >若,则下列不等式一定成立的是( ) A.021>+x x B.2221x x > C.21x x > D.2221x x <9.函数)(x f 的定义域为R ,2)1(=-f ,对任意2)(,'>∈x f R x ,则42)(+>x x f 的解集为( )A.)1,1(-B.),1(+∞-C.)1,(--∞D.R10.已知函数2|3|)(3--+=a x x x f 在)2,0(上恰有两个零点,则实数a 的取值范围为( ) A .)2,0( B .)4,0( C .)6,0( D .(2,4)二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分,把答案填写在答题卡相应位置。

高三数 上 期第一次月考试题 理 新人教A版

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上学期第一次月考 高三数学(理科)试题(考试时间:120分钟 总分:150分)第I 卷(选择题 共50分)一、选择题:(本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求)1、已知集合{,}23A a =,集合{,,}01B b a =-,且{}1A B ⋂=,则A B ⋃=( ) A .{,,}013 B .{,,}124 C .{,,,}0123 D .{,,,,}012342、函数)13lg(13)(2++-=x xx x f 的定义域是( )A .),31(+∞-B . )1,31(-C . )31,31(-D .)31,(--∞ 3、在某个物理实验中,测量得变量和变量y 的几组数据,如下表:则对x ,y 最适合的拟合函数是 ( )A .x y 2=B .12-=x y C .22-=x y D . x y 2log =4、已知函数()f x =4log ,03,0xx x x >⎧⎨≤⎩,则1[()]16f f =( ) A .19 B .19- C .9 D .9-5、设123log 2,ln 2,5a b c ===,则( )A .a b c <<B .c a b <<C .c b a <<D .b c a << 6、设()4x f x e x =+-,则函数()f x 的零点所在区间为( )A .(1,0)-B .(0,1)C .(1,2)D .(2,3) 7、下列关于命题的说法错误的是 ( )A .命题“若0232=+-x x ,则1=x ”的逆否命题为“若1≠x ,则0232≠+-x x ”;B .“2a =”是“函数()log a f x x =在区间(0,)+∞上为增函数”的充分不必要条件;C .若命题p :,21000n n N ∃∈>,则p ⌝:,21000nn N ∀∈≤;D .命题“(,0),23x xx ∃∈-∞< ”是真命题8、设a 为实数,函数3()()f x x ax x R =+∈在1x =处有极值,则曲线)(x f y =在原点处的切线方程为( )A .x y 2-=B .x y 3-=C .x y 3=D .x y 4=9x)10、设函数()()x f x F x e=是定义在R 上的函数,其中()f x 的导函数()f x '满足()()f x f x '< 对于x R ∈恒成立,则 ( )A .22012(2)(0),(2012)(0)f e f f e f >>B .22012(2)(0),(2012)(0)f e f f e f <<C .22012(2)(0),(2012)(0)f e f f ef <> D .22012(2)(0),(2012)(0)f e f f ef ><第II 卷(非选择题,共100分)二、填空题:(本大题5小题,每小题4分,共20分。

浙江杭州高中高三数学第一次月考试题 理 (无答案)新人教A版

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数学(理)试题注意事项: 1.本试卷考试时间为120分钟,满分为150分,不得使用计算器; 2.答案一律做在答卷页上.一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的) 1.已知U ={y |y =log 2x ,x >1},P ={y |y =1x,x >2},则∁U P =A .[12,+∞)B .(0,12)C .(0,+∞)D .(-∞,0]∪[12,+∞)2.函数y =A .[1,)+∞B .2(,)3+∞C . 2[,1]3D .2(,1]33.已知πcos sin 6αα⎛⎫-+= ⎪⎝⎭7πsin 6α⎛⎫+ ⎪⎝⎭的值是A .5-B .5C .45-D .454.如果()f x 是定义在R 上的偶函数,它在),0[+∞上是减函数,那么下述式子中正确的是 A .)1()43(2+-≤-a a f fB .)1()43(2+-≥-a a f fC .)1()43(2+-=-a a f fD .以上关系均不确定5.定义在R 上的函数f (x )满足f (x )= ⎩⎨⎧>---≤-0),2()1(0),1(log 2x x f x f x x ,则f (2012)的值为A . -1B . 0C . 1D . 26.设,,)(3R x x x x f ∈+=当20πθ≤≤时,0)1()sin (>-+m f m f θ恒成立,则实数m的取值范围是A .(0,1)B .(-∞,0)C .)21,(-∞ D .)1,(-∞7.设abc >0,二次函数f (x )=ax 2+bx +c 的图象可能是8.若sin cos tan (0),2πααααα+=<<∈则 ( )A .)6,0(πB .)4,6(ππ C .)3,4(ππD .)2,3(ππ 9.函数()22log 1log 1x f x x -=+,若()()1221f x f x +=(其中1x .2x 均大于2),则()12f x x 的最小值为 A .35 B .23 C .45D .55-10.已知函数2|3|)(3--+=a x x x f 在)2,0(上恰有两个零点,则实数a 的取值范围为A .)2,0(B .)4,0(C .)6,0(D .(2,4)二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分. 11. 函数114.0-=x y 的值域是 。

浙江省玉环实验学校高三数学上学期期末复习质量检测试题 文(无答案)新人教A版

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2013-2014学年第一学期浙江玉环实验学校期末复习检测高三数学(文科)选择题部分(共50分)一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.已知集合{}1,0,1A =-,{}11B x x =-≤<,则A B =I ( ) A.{}0 B.{}1,0- C.{}0,1 D.{}1,0,1-2.下列函数中,在其定义域内,既是奇函数又是减函数的是 ( ) A.()1f x x=B.()f x x =-C.()22x x f x -=-D.()tan f x x =- 3.某几何体的三视图如图所示,则它的体积是 ( ) A.283π-B.83π-C.82-πD.23π 4.若直线10x y -+=与圆()222x a y -+=有公共点,则实数 a 的取值范围是 ( ) A.[]3,1-- B.[]3,1- C.[]1,3- D.(][),31,-∞-+∞U 5.同时抛掷两颗骰子,则向上的点数之积是3的概率是( ) A.136 B.121 C.221 D.1186.设∈ϕR ,则“0=ϕ”是“()()cos f x x =+ϕ(x ∈R )为偶函数”的 ( ) A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件7.设[]x 表示不大于x 的最大整数,则对任意实数x ,y ,有 ( ) A.[][]x x -=- B.[]12x x ⎡⎤+=⎢⎥⎣⎦ C.[][]22x x = D.[][]122x x x ⎡⎤++=⎢⎥⎣⎦8.已知实数x ,y 满足不等式组20,40,250,x y x y x y -+≥⎧⎪+-≥⎨⎪--≤⎩若目标函数z y ax =-取得最大值时的唯一最优解是()1,3,则实数a 的取值范围为 ( ) A.1a <- B.01a << C.1a ≥ D.1a >9.如图,在等腰直角ABO ∆中,设OA a =u u u r r ,OB b =u u u r r,1OA OB ==,C 为AB 上靠近点A 的四等分点,过C 作AB 的垂线l ,设P 为垂线上任一点,OP p =u u u r u r ,则()p b a ⋅-=u r r r( )A.12-B.12C.32-D.3210.定义在()0,+∞上的可导函数()f x 满足:()()'xf x f x <且()10f =,则()0f x x<的解集为 ( )A.()0,1B.()()0,11,+∞UC.()1,+∞D.∅ 非选择题部分(共100分)二、 填空题: 本大题共7小题, 每小题4分, 共28分. 11.复数i12i+(i 是虚数单位)的虚部是__________. 12.执行如图所示的程序框图,输出的结果是56,则判断框内应填入的条件是__________.13.某学校高一、高二、高三年级的学生人数之比为3:3:4, 现用分层抽样的方法从该校高中三个年级的学生中抽取 容量为50的样本,则应从高二年级抽取_______名学生. 14.已知a ,b 为不垂直的异面直线,α是一个平面,则 a ,b 在α上的射影可能是:①两条平行直线;②两条互相垂直的直线;③同一直线;④一条直线及其外一点.在上面结论中,正确结论的序号是_____________(写出所有正确结论的序号).15.将函数()cos 2y x φ=+(-π<φ<π)的图像向右平移2π个单位后,与函数sin 23y x π⎛⎫=+ ⎪⎝⎭的图像重合,则φ=_______.16. 如图,1F ,2F 是双曲线C :()222210,0x y a b a b-=>>的左、右焦点,过1F 的直线l 与C 的左、右两支分别交于A 、B点.若22::3:4:5AB BF AF =,则双曲线的离心率为_____. 17.研究问题:“已知关于x 的不等式20ax bx c -+>的解集为()1,2, 解关于x 的不等式20cx bx a -+>”,有如下解法:由221100ax bx c a b c x x ⎛⎫⎛⎫-+>⇒-+> ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,令1y x =,则()1,2y ∈,所以不等式20cx bx a -+>得解集为1,12⎛⎫⎪⎝⎭.类比上述解法,已知关于x 的不等式0k x b x a x c++<++的 解集为()()2,12,3--U ,则关于x 的不等式1011kx bx ax cx -+<--的解集为__________.三、解答题: 本大题共5小题, 共72分。

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2021年高三数学上学期第一次月考试题新人教A 版一、选择题。

每小题给出的四个选项中,只有一个符合题意。

(本题共10小题,共50分。

)11.已知全集,则 ( )A .{1,3}B .{ 1,2,3}C .{ 1,2,4}D .{1,2,3,4} 2.已知集合,,若,则实数的所有可能取值的集合为( ) A . B . C . D . 3.给出下列四个结论:①若命题,则;② “”是“”的充分而不必要条件;③命题“若,则方程有实数根”的逆否命题为:“若方程没有实数根,则0”; ④若,则的最小值为.其中正确结论的个数为 ( )4.f(x)=2x4-3x2+1在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上的最大值、最小值分别是( ) A .21,-18 B .1,-18C .21,0D .0,-185. 若,则下列结论正确的是( ) A . B . C . D .6.函数y =定义域是( )A .[1,+∞) B.⎝ ⎛⎭⎪⎫23,+∞ C.⎣⎢⎡⎦⎥⎤23,1 D.⎝ ⎛⎦⎥⎤23,1 7.设实数x ,y 满足⎩⎪⎨⎪⎧x -y -2≤0,x +2y -5≥0,y -2≤0,则u =yx的取值范围是( )A.⎣⎢⎡⎦⎥⎤13,2B.⎣⎢⎡⎦⎥⎤13,12C.⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2D.⎣⎢⎡⎦⎥⎤2,528.函数y =lnxx 的图象大致是( )9.已知函数f(x)=⎩⎪⎨⎪⎧x +2,x≤0,-x +2,x >0,则不等式f(x)≥x2的解集是( )A .[-1,1]B .[-2,2]C .[-2,1]D .[-1,2]10 . 已知函数,下面结论错误的是 ( ) A .函数的最小正周期为 B .函数是偶函数C .函数的图象关于直线对称D .函数在区间上是增函数二、填空题。

(每小题5分,共20分) 11. 若,且,则_____.12、已知命题,使成立,则13.函数y =x -x(x≥0)的最大值为________.14.已知集合,集合,命题p:,命题q:,若的必要不充分条件是,则实数的取值范围____________________.15. 已知函数f(x),g(x)分别是定义在R 上的奇函数和偶函数,当x<0时, 且g(3)=0,则不等式f(x)g(x)<0的解集是_________________.唐江中学xx 届高三上学期第一次月考一、选择题。

2021年高三数学第一次月考试题 文 新人教A版

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2021年高三数学第一次月考试题文新人教A版一、选择题(5&#215;10=50)1.(5分)函数的定义域为()A.(0,8]B.(﹣2,8] C.(2,8] D.[8,+∞)答案:B2.(5分)函数f(x)=x3+ax2+3x﹣9,已知f(x)在x=﹣3时取得极值,则a等于()A.2 B.3 C.4 D.5答案:D3.(5分)将函数y=2sinx图象上的所有点的横坐标缩小到原来的(纵坐标不变),得到图象C1,再将图象C1沿x轴向左平移个单位,得到图象C2,则图象C2的解析式可以是()A.B.C.D.答案:B4.(5分)(xx•合肥一模)已知数列{a n}满足,则a10=()A.64 B.32 C.16 D.8答案:B5.(5分)(xx•威海一模)已知a∈(π,),cosα=﹣,tan2α=()A.B.C.﹣2 D.2答案:B6.(5分)(xx•醴陵市模拟)已知二次函数f(x)的图象如图所示,则其导函数f′(x)的图象大致形状是()A.B.C.D.答案:B7.(5分)(xx•惠州模拟)公差不为零的等差数列{a n}中,a1+a2+a5=13,且a1、a2、a5成等比数列,则数列{a n}的公差等于()A.1 B.2 C.3 D.4答案:B8.(5分)函数y=的图象大致是()A.B.C.D.解答:解:∵f(﹣x)=﹣f(x)是奇函数,所以排除A,B当x=1时,f(x)=0排除C故选D9.(5分)已知a=20.2,b=0.40.2,c=0.40.6,则()A.a>b>c B.a>c>b C.c>a>b D.b>c>a分析:分别考查指数函数y=0.4x,函数为减函数;幂函数y=x0.2,函数为增函数,从而可得结论.解答:解:考查指数函数y=0.4x,函数为减函数,∵0.2<0.6,∴0.40.2>0.40.6,∴b>c 考查幂函数y=x0.2,函数为增函数,∵2>0.4,∴20.2>0.40.2,∴a>b∴a>b>c故选A.10.(5分)设α、β都是锐角,且cosα=,sin(α+β)=,则cosβ()A.B.C.或D.或解答:解:∵α、β都是锐角,且cosα=<,∴<α<,又sin(α+β)=>,∴<α+β<π,∴cos(α+β)=﹣=﹣,sinα==,则cosβ=cos[(α+β)﹣α]=cos(α+β)cosα+sin(α+β)sinα=﹣×+×=.故选A二、填空题(5&#215;5=25)11.(5分)函数f(x)=f′()sinx+cosx,则f()= 0 .12.(5分)已知等比数列{a n}为递增数列,且a3+a7=3,a2•a8=2,则= 2 .解答:解:∵等比数列{a n}为递增数列,a3+a7=3,a2•a8=2,∴,解得a3=1,a7=2,∴=,∴q4=2.∴=.故答案:2.13.(5分)已知△ABC的三边分别是a、b、c,且面积,则角C= 45°.解答:解:由题意,∵∴cosC=sinC∵C是△ABC的内角∴C=45°故答案为:45°14.(5分)有下面四个判断:①命题“设a、b∈R,若a+b≠6,则a≠3或b≠3”是一个假命题;②若“p或q”为真命题,则p、q均为真命题;③命题“∀a、b∈R,a2+b2≥2(a﹣b﹣1)”的否定是“∃a、b∈R,a2+b2≤2(a﹣b﹣1)”;④若函数的图象关于原点对称,则a=﹣1.其中正确的有④(只填序号)解解:①当a=3且b=3时,a+b=6,所以命题正确,根据逆否命题和原命题的等价性可答:知,若a+b≠6,则a≠3或b≠3”为真命题,∴①错误.②若“p或q”为真命题,则p、q至少有一个为真命题,∴②错误.③根据全称命题的否定是特称命题,∴命题“∀a、b∈R,a2+b2≥2(a﹣b﹣1)”的否定是“∃a、b∈R,a2+b2<2(a﹣b﹣1)”,∴③错误.④若函数的图象关于原点对称,则f(0)=ln(a+2)=0,解得a+2=1,即a=﹣1.∴④正确.故答案为:④.15.(5分)(xx•东城区二模)已知函数,给出下列命题:①若x>1,则f(x)>1;②若0<x1<x2,则f(x2)﹣f(x1)>x2﹣x1;③若0<x1<x2,则x2f(x1)<x1f(x2);④若0<x1<x2,则.其中,所有正确命题的序号是①④.解答:解:①由于x>1,则>1,故①正确;②若令x1=1,x2=2,满足0<x1<x2,但f(x2)﹣f(x1)=<x2﹣x1=1,故②错;③若令x1=1,x2=2,满足0<x1<x2,但x2f(x1)=2>x1f(x2)=,故③错;④函数图象如图中所示,对于0<x1<x2,则A、B两点的纵坐标分别为、.显然,故④正确.故答案为①④.三.解答题16.(12分)设函数的定义域为集合A,函数(a>0)的定义域为集合B.(1)当a=1时,求集合A∩B;(2)若A∩B=B,求实数a的取值范围.解答:解:(1)由函数有意义,得:,即或,所以,(3分)当a=1时,函数有意义,得:﹣x2+4x﹣3≥0,即x2﹣4x+3≤0,∴1≤x≤3,∴B={x|1≤x≤3},∴(6分)(2)由函数(a>0)有意义得﹣x2+4x﹣3a2≥0,即(x﹣a)(x﹣3a)≤0,∵a>0,∴a≤x≤3a,∴B=[a,3a],(8分)若A∩B=B,则B⊆A,(10分)∴或,得或,即(12分)17.(12分)已知等比数列{a n}中,a1=,公比q=.(I)S n为{a n}的前n项和,证明:S n=(II)设b n=log3a1+log3a2+…+log3a n,求数列{b n}的通项公式.解答:证明:(I)∵数列{a n}为等比数列,a1=,q=∴a n=×=,S n=又∵==S n∴S n=(II)∵a n=∴b n=log3a1+log3a2+…+log3a n=﹣log33+(﹣2log33)+…﹣nlog33 =﹣(1+2+…+n)=﹣∴数列{b n}的通项公式为:b n=﹣18.(13分)(xx•金山区一模)已知函数,若f(x)的最大值为1.(1)求m的值,并求f(x)的单调递增区间;(2)在△ABC中,角A、B、C的对边a、b、c,若,且,试判断三角形的形状.解答:解:(1)f(x)=1=…(3分)f(x)max=2﹣m,所以m=1,…(4分)令,单调增区间为…(6分)(2)因为,则,∵0<B<π∴…(8分)又,则,∴=…(10分)∴∴,∴,所以,故△ABC为直角三角形…(12分)19.(12分)如图,O为坐标原点,过点P(2,0)且斜率为k的直线l交抛物线y2=2x于M (x1,y1),N(x2,y2)两点.(1)写出直线l的方程;(2)求x1x2与y1y2的值;(3)求证:OM⊥ON.解答:(Ⅰ)解:直线l过点P(2,0)且斜率为k,故可直接写出直线l的方程为y=k(x ﹣2)(k≠0)①(Ⅱ)解:由①及y2=2x消去y代入可得k2x2﹣2(k2+1)x+4k2=0.②则可以分析得:点M,N的横坐标x1与x2是②的两个根,由韦达定理得又由y12=2x1,y22=2x2得到(y1y2)2=4x1x2=4×4=16,又注意到y1y2<0,所以y1y2=﹣4.(Ⅲ)证明:设OM,ON的斜率分别为k1,k2,,所以证得:OM⊥ON.20.(12分)设a是实数,f(x)=a﹣(Ⅰ)证明:对于任意实数a,f(x)在R上为增函数;(Ⅱ)如果f(x)为奇函数,试确定a的值.(Ⅲ)当f(x)为奇函数时,求f(x)的值域.解答:解:(1)设x1,x2是R内任意两实数,且x1<x2,所以=,因为x1<x2,所以,所以,,,所以f(x1)﹣f(x2)<0,即f(x1)<f(x2),所以f(x)在R上为增函数.(2)因为f(x)为R上的奇函数,所以,所以.(3)由(2)知,f(x)=,因为x∈R,所以2x+1>1,所以,,所以f(x)的值域为.21.(14分)设函数.(Ⅰ)当a=1时,求曲线f(x)在x=1处的切线方程;(Ⅱ)当时,求函数f(x)的单调区间;(Ⅲ)在(Ⅱ)的条件下,设函数,若对于∀x1∈[1,2],∃x2∈[0,1],使f(x1)≥g(x2)成立,求实数b的取值范围.解答:解:函数f(x)的定义域为(0,+∞),(2分)(Ⅰ)当a=1时,f(x)=lnx﹣x﹣1,∴f(1)=﹣2,,∴f'(1)=0,∴f(x)在x=1处的切线方程为y=﹣2(5分)(Ⅱ)=(6分)令f'(x)<0,可得0<x<1,或x>2;令f'(x)>0,可得1<x<2故当时,函数f(x)的单调递增区间为(1,2);单调递减区间为(0,1),(2,+∞).(8分)(Ⅲ)当时,由(Ⅱ)可知函数f(x)在(1,2)上为增函数,∴函数f(x)在[1,2]上的最小值为f(1)=(9分)若对于∀x1∈[1,2],∃x2∈[0,1]使f(x1)≥g(x2)成立,等价于g(x)在[0,1]上的最小值不大于f(x)在(0,e]上的最小值(*)(10分)又,x∈[0,1]①当b<0时,g(x)在[0,1]上为增函数,与(*)矛盾②当0≤b≤1时,,由及0≤b≤1得,③当b>1时,g(x)在[0,1]上为减函数,,此时b>1(11分)综上,b的取值范围是(12分)26958 694E 楎30084 7584 疄21962 55CA 嗊25619 6413 搓x20707 50E3 僣(B25449 6369 捩21069 524D 前38483 9653 陓3。

高中高三数学上学期第一次月考试题 文A 试题(共5页)

高中高三数学上学期第一次月考试题 文A 试题(共5页)

正阳高中(gāozhōng)2021届高三数学上学期第一次月考试题文〔无答案〕新人教A版一、选择题(本大题一一共12小题,每一小题5分,满分是60分.正确答案唯一)1.设集合,那么集合A的真子集的个数是( )A. 3B. 6C. 7D. 82.2log510+log50.25=( )A、0B、1C、2D、43.向量,向量,且,那么实数= ( )A. -4B. 4C. 0D. 94.,,那么p是q成立的( )A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件5.设函数假设是奇函数,那么的值是( )A. B. -4 C. D. 47.数列的通项公式,设其前项和为,那么使成立的自然数n有( )A. 最大值15B. 最小值15C. 最大值16D. 最小值168、设为两个平面,为两条直线,且,有如下两个命题:①假设(jiǎshè);②假设. 那么( )A.①是真命题,②是假命题 B.①是假命题,②是真命题C.①、②都是真命题 D.①、②都是假命题9.将函数的图象按向量平移后得到图象对应的函数解析式是〔〕A. B.C. D.10.假设某空间几何体的三视图如下图,那么该几何体的体积是〔〕A. B. C.1 D.211.假设函数在区间内有零点,那么实数a的取值范围是〔〕A.B.C.D.12.双曲线的离心率,那么它的渐近线方程为〔〕A. B. C. D.二、填空题:(本大题一一共4小题,每一小题5分,一共20分.将答案填在答题卷对应的横线上.)13.假设函数在上的最大值与最小值之差为2,那么 .14.函数的值域是_____ ________。

15.假设(jiǎshè)在[0,1]上是x的减函数,那么a的取值范围是_____ ______.16.如图,一条螺旋线用以下方法画成:是边长为1的正三角形,曲线分别以为圆心,为半径画的弧,曲线称为螺旋线.旋转一圈后,又以为圆心为半径画弧…,这样画到第圈,那么所得整条螺旋线的长度______________(用表示即可).三、解答题(本大题一一共6小题,满分是70分.解答须写出文字说明、证明过程和演算步骤.)17.〔10分〕集合,集合〔I〕假设,求;〔II〕假设A B,务实数的取值范围。

《精编》浙江省杭州市高三数学1月普通高中会考模拟考试试题 新人教A版.doc

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杭州高中1月浙江省普通高中会考模拟考试高三数学试题卷考生须知:1.全卷分试卷Ⅰ、Ⅱ和答卷Ⅰ、Ⅱ.试卷共6页,有四大题,42小题,其中第二大题为选做题,其余为必做题,总分值为100120分钟.2.本卷答案必须做在答卷Ⅰ、Ⅱ的相应位置上,做在试卷上无效.3.请用铅笔将答卷Ⅰ上的准考证号和学科名称所对应的括号或方框内涂黑,请用钢笔或圆珠笔将姓名、准考证号分别填写在答卷Ⅰ、Ⅱ的相应位置上.4.参考公式:球的外表积公式:S =4R2球的体积公式:334R V π=〔其中R 为球的半径〕试 卷 Ⅰ一、选择题(此题有26小题,120每题2分,2126每题3分,共58分.选出各题中一个符合题意的正确选项,不选、多项选择、错选均不给分) 1.设全集U ={1,2,3,4,5},那么集合A ={1, 3,5},那么C U A = (A){1, 4} (B){3, 4} (C){2, 4} (D){2, 3}2.函数x x f +=1)(的定义域是 (A)),1[+∞(B)(0,+∞)(C)),0[+∞(D)(∞,+∞)3.直线032=++y x 的斜率是 (A) 21- (B)21(C) 2-(D) 24.以矩形的一边所在的直线为旋转轴,其余三边旋转一周形成的面所围成的旋转体是 (A)球 (B)圆锥 (C)圆柱 (D)圆台 5.角α的终边与单位圆相交于点),21,23(-P 那么αsin 等于(A)23- (B)21- (C) 23 (D) 216.函数11)(+=x x f ,g (x )=x 2+1,那么f [g (0)]的值等于〔A 〕0 〔B 〕21〔C 〕1 〔D 〕27.椭圆192522=+y x 的焦点坐标是 (A)(3,0),(3,0) (B)(4,0),(4,0) (C)(0,4),(0,4) (D)(0,3),(0,3) 8.在等差数列{}n a 中,首项,21=a 公差2=d ,那么它的通项公式是(A) n a n 2= (B) 1+=n a n (C) 2+=n a n (D) 22-=n a n9.函数)62cos()(π-=x x f ,x ∈R 的最小正周期为(A)4π (B)2π (C) (D)210.函数xx x f 2)(+= (A)是奇函数,但不是偶函数 (B)是偶函数,但不是奇函数 (C)既是奇函数,又是偶函数 (D)既不是奇函数,又不是偶函数 11.右图是某职业篮球运发动在连续11场比赛中得分的茎叶统计图,那么该组数据的中位数是 (A)36 (B)35 (C)32 (D)31 12.向量),4,(),2,1(x b a ==且⊥a b ,那么实数x 的值是(A)2- (B)2 (C)8 (D) 8- 13.假设非零实数a , b 满足a >b ,那么(A)b a 11< (B)2211ba > (C)a 2>b 2 (D)a 3>b 314.同时抛掷两枚质地均匀的硬币,出现两枚都是正面朝上的概率为(A)41 (B)31(C) 21 (D) 4315.假设x x x f 2ln )(+=的零点个数是(A)0 (B)1 (C)2 (D)3 16.=+-=-∈)4tan(,54sin ),0,2(πααπα则 (A)71(B)71- (C) 7 (D) 7- 17.在空间直角坐标系中,设A (1,2,a ),B (2,3,4),假设|AB |=3,那么实数a 的值是(A)3或5 (B)3或 5 (C)3或 5 (D)3或518.某几何体的三视图如以下列图,那么该几何体的体积是(A)π34 (B)2 (C)π38(D)π31019.空间中,设n m ,表示直线,γβα,,表示平面,那么以下命题正确的选项是(A)假设,,γβγα⊥⊥ 那么α∥β (B)假设 ,,βα⊥⊥m m 那么 α∥β1 2 3 4 5 2 55 46 5 1 9 77 1(第11题)正视图俯视图侧视图(第18题) 2 212 1(C),,βαβ⊥⊥m 那么 m ∥α (D) ,,α⊥⊥n m n 那么 m ∥α 20.函数f (x )=log 2(1x )的图象为21.如图,在三棱锥S -ABC 中,SA =SC =AB =BC ,那么直线SB 与AC 所成角的大小是 (A)30º (B)45º (C)60º(D)90º22.数列{}n a 中,),(1.,41,212221*++∈=++==N n a a a a a a n n n n 那么65a a +等于(A) 43 (B) 65 (C) 127(D)151423.假设log 2x +log 2y =3,那么x +2y 的最小值是(A)24(B)8(C)10(D)1224.右图是某同学用于计算S =sin1+sin2+sin3+…+sin2021值的程序框图,那么在判断框中填写(A)k <2021?(B)k <2021?(C)k >2021? (D)k >2021?25.设圆C :(x 5)2+(y 3)2=5,过圆心C 作直线l 与圆交于A ,B 两点,与x 轴交于P 点,假设A 恰为线段BP 的中点,那么直线l 的方程为 (A) x 3y +4=0,x +3y 14=0 (B)2x y 7=0,2x +y 13=0(C) x 2y +1=0,x +2y 11=0(D)3x y 12=0,3x +y 18=026.在平面直角坐标系中,不等式组⎪⎩⎪⎨⎧≤++≤--≥+-0012012a y x y x y x ,所围成的平面区域面1 xyO (A)-1 x yO 1 xyO -1 x yO 开始 结束 输出S k =1 S =S +sin k k =k +1是 否(第23题)S =0 ACS〔第20题〕积为23,那么实数a 的值是 (A)3(B)1(C)1(D)3二、选择题〔此题分A 、B 两组,任选一组完成,每组各4小题,选做B 组的考生,填涂时注意第27-30题留空;假设两组都做,以27-30题记分. 每题3分,共12分,选出各题中一个符合题意的正确选项,不选、多项选择、错选均不给分〕A 组27.在复平面内,设复数33i 对应点关于实轴、虚轴的对称点分别是A ,B ,那么点A ,B 对应的复数和是(A)0(B)6(C)32-i (D)632-i28.设x ∈R ,那么“x >1”是“x 2>x 〞的 (A)充分而不必要条件 (B)必要而不充分条件(C)充分必要条件(D)既不充分也不必要条件29.直线y =kx +1与双曲线191622=-y x 的一条渐近线垂直,那么实数k 的值是(A)54或54- (B)45或45- (C)43或43- (D)34或34- 30.函数b xaax x f ++=)(〔a ,b ∈R 〕的图象在点(1,f (1))处的切线在y 轴上的截距为3,假设f (x )>x 在(1,+∞)上恒成立,那么a 的取值范围是(A)]1,0((B)]891[,(C)),89(+∞(D)),1[+∞B 组31.假设随机变量X 分布如右表所示, X 的数学期望EX =2,那么实数a 的值是(A)0 (B)31 (C)1 (D)2332.函数y =x sin2x 的导数是 (A)y '=sin2x x cos2x (B)y '=sin2x 2x cos2x (C)y '=sin2x x cos2x(D)y '=sin2x +2x cos2xX a 2 3 4P 31 b 6141(第33题)33.二项式62()x x-展开式中的常数项为 (A)240- (B)160 (C)160- (D)24034.在棱长为1的正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,M 是BC 的中点,P , Q 是正方体内部及面上的两个动点,那么PQ AM ⋅的最大值是 (A)21 (B) 1(C)23 (D)45 试 卷 Ⅱ请将本卷的答案用钢笔或圆珠笔写在答卷Ⅱ上. 三、填空题(此题有5小题,每题2分,共10分) 35.不等式x2x-6<0的解集是 ▲36.某校对学生在一周中参加社会实践活动时间进行调查,现从中抽取一个容量为n 的样本加以分析,其频率分布直方图如以下列图,时间不超过2小时的人数为12人,那么n = ▲37.非零向量b a ,满足|a |=1,3||=-b a ,a 与b 的夹角为120º,那么|b |= ▲38.函数00,1,)(2≤>⎩⎨⎧-=x x x x x f ,那么f (x )的值域是 ▲39.把椭圆C 的短轴和焦点连线段中较长者、较短者分别作为椭圆C '的长轴、短轴,使椭圆C变换成椭圆C ',称之为椭圆的一次“压缩〞. 按上述定义把椭圆C i 〔i =0,1,2,…〕“压缩〞成椭圆C i +1,得到一系列椭圆C 1,C 2,C 3,…,当短轴长于截距相等时终止“压缩〞. 经研究发现,某个椭圆C 0经过n 〔n ≥3〕次“压缩〞后能终止,那么椭圆C n 2的离心率可能是:①23,②510,③33,④36中的 ▲ 〔填写所有正确结论的序号〕 四、解答题(此题有3小题,共20分)40.(此题6分)在锐角ABC 中,角A , B , C 所对的边分别为a , b , c . b =2,c =3,sin A =322. 求ABC 的面积及a 的值.O2 4 6频率/组距(第37题)41.〔此题6分〕如图,由半圆)0(122≤=+y y x 和局部抛物线)0,0)(1(2>≥-=a y x a y 合成的曲线C 称为“羽毛球形线〞,且曲线C 经过点〔2,3〕。

浙江省台州市玉环实验学校杭州校区高三数学第一次月考试题新人教A版

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数学试卷一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(5分)设集合M={y|y=2x,x<0},N={x|y=lg},则M∩N=()A.(1,+∞)B.(0,1)C.∅D.(0,1)∪(1,+∞)答案:B2.(5分)(2013•顺义区一模)在复平面内,复数对应的点的坐标为()A.(0,﹣1)B.(0,1)C.(,﹣)D.(,)答案:A3.(5分)(2013•婺城区模拟)某三棱锥的三视图如图所示,该三棱锥的体积是()A.B.4 C.2 D.解:由三视图可知:该三棱锥的侧面PBC⊥底面ABC,PD⊥交线BC,AE⊥BC,且AE=3,PD=2,CD=3,DB=1,CE=EB=2.∴V P﹣ABC===4.故选B.4.(5分)(2013•婺城区模拟)设m,n是不同的直线,α,β是不同的平面,下列命题中正确的是()A.若m∥α,n⊥β,m⊥n,则α⊥βB.若m∥α,n⊥β,m⊥n,则α∥βC.若m∥α,n⊥β,m∥n,则α⊥βD.若m∥α,n⊥β,m∥n,则α∥β答案:C解:选择支C正确,下面给出证明.证明:如图所示:∵m∥n,∴m、n确定一个平面γ,交平面α于直线l.∵m∥α,∴m∥l,∴l∥n.∵n⊥β,∴l⊥β,∵l⊂α,∴α⊥β.故C正确.故选C.5.(5分)(2013•婺城区模拟)已知函数f(x)=log2,若f(a)=,则f(﹣a)=()A.2 B.﹣2 C.D.﹣答案:D6.(5分)(2013•婺城区模拟)在△ABC中,已知•=9,sinB=cosA•sinC,S△ABC=6,P 为线段AB上的点,且=x+y,则xy的最大值为()A.1 B.2 C.3 D.4 解:△ABC中设AB=c,BC=a,AC=b∵sinB=cosA•sinC,sin(A+C)=sinCcosnA,即sinAcosC+sinCcosA=sinCcosA∴sinAcosC=0∵sinA≠0∴cosC=0 C=90°∵•=9,S△ABC=6∴bccosA=9,bcsinA=6∴tanA=,根据直角三角形可得sinA=,cosA=,bc=15∴c=5,b=3,a=4以AC所在的直线为x轴,以BC所在的直线为y轴建立直角坐标系可得C(0,0)A(3,0)B(0,4)P为线段AB上的一点,则存在实数λ使得=(3λ,4﹣4λ)(0≤λ≤1)设,则||=||=1,=(1,0),=(0,1),∴=x+y=(x,0)+(0,y)=(x,y)可得x=3λ,y=4﹣4λ则4x+3y=12,12=4x+3y≥,xy≤3故所求的xy最大值为:3.故选C.7.(5分)若函数f(x)=sinωx+acosωx(ω>0)的图象关于点对称,且在处函数有最小值,则a+ω的一个可能的取值是()A.0 B.3 C.6 D.9解:根据题意:T=所以ω=∵f()=0∴sin(4n+3)π+acos(4n+3)π=﹣a,∴a=0,∴a+ω=3(4n+3).∴ω可以为9故选D8.(5分)设函数f(x)=,g(x)=[f(x)]2+bf(x)+c,如果函数g(x)有5个不同的零点,则()A.b<﹣2且c>0 B.b>﹣2且c<0 C.b<﹣2且c=0 D.b≥﹣2且c>0 解:可得f(x)为偶函数,其图象如图所示:(含原点),令t=f(x)可知,当t=0时,x=0,当t>2时,有4个不同的x值与之对应,由于g(x)=t2+bt+c有5个不同零点,必有一个零点为t=0,即g(0)=c=0,解之可得c=0,另一个零点为t>2,故由韦达定理可得﹣b=0+t>2,解得b<﹣2故选C9.(5分)设函数f(x)=,数列{a n}满足a n=f(n)(n∈N*),且数列{a n}为递增数列,则实数a的取值范围为()A.(2,3)B.(1,3)C.(1,+∞)D.(2,+∞)解:由数列{a n}满足a n=f(n)(n∈N*),且数列{a n}为递增数列,可知:函数f(x)必为增函数,∴,解得1<a<3.∴实数a的取值范围为(1,3).故选B.10.(5分)一电子广告,背景是由固定的一系列下顶点相接的正三角形组成,这列正三解形的底边在同一直线上,正三角形的内切圆由第一个正三角形的O点沿三角形列的底边匀速向前滚动(如图),设滚动中的圆与系列正三角形的重叠部分(如图中的阴影)的面积S关于时间t的函数为S=f(t),则下列图中与函数S=f(t)图象最近似的是()A .B.C.D.解:滚动中的圆与系列正三角形的重叠部分(如图中的阴影)的面积S关于时间t的关系呈周期性变化,且两者之间是非线性变化,故排除答案D;当圆滚动到两三角形的连接点时,阴影部分的面积取最小值,但仍不为0,故排除答案C又由当t=0时,阴影部分的面积取最大值,可排除答案A故选:B二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分.11.(4分)设函数f(x)的定义在R上的偶函数,且是以4为周期的周期函数,当x∈[0,2]时,f(x)=2x﹣cosx,则a=f(﹣)与b=f()的大小关系为a>b解:∵x∈[0,2]时,f(x)=2x﹣cosx∴f′(x)=2+sinx>0在x∈[0,2]上恒成立∴f(x)=2x﹣cosx再x∈[0,2]上单调递增∵函数f(x)的定义在R上的偶函数,且是以4为周期的周期函数∴f(x)=2x﹣cosx在x∈[﹣2,0]上单调递减∵f(x+4)=f(x)∴f(x)在x∈[2,4]∵f(﹣)=f(﹣+4)=f(),f()=f(﹣4)=f()且2<< 4∴f()>f()即f(﹣)>f()故答案为a>b12.(4分)在边长为1的正三角形ABC中,向量=x,=y,x>0,y>0,且x+y=1,则•的最大值为﹣.解:建立如图所示的平面直角坐标系,则点A(﹣,0),B(,0),C(0,);设点D(x1,0),E(x2,y2),∵=x,∴(x1﹣,0)=x(﹣1,0),∴x1=﹣x+;∵=y,∴(x2,y2﹣)=y(﹣,﹣),∴x2=﹣y,y2=﹣y;∴•=(x1,﹣)•(x2﹣,y2)=x1(x2﹣)﹣y2=(﹣x+)•(﹣y﹣)﹣(﹣y)=xy+(x+y)﹣1≤•﹣=﹣,当且仅当x=y=时取“=”;故答案为:﹣.13.(4分)命题:“存在实数x,满足不等式(m+1)x2﹣mx+m﹣1≤0”是假命题,则实数m 的取值范围是.解:∵“存在实数x,满足不等式(m+1)x2﹣mx+m﹣1≤0”是假命题,∴“任意x∈R,使(m+1)x2﹣mx+m﹣1>0”是真命题,①当m+1=0时,(m+1)x2﹣mx+m﹣1>0,即x﹣2>0,不是对任意x∈R恒成立;②当m+1≠0时,∀x∈R,任意x∈R,使(m+1)x2﹣mx+m﹣1>0,即m+1>0且△=(﹣m)2﹣4(m+1)(m﹣1)<0,化简得:3m2>4,解得或m<﹣,∴综上,实数m的取值范围是.故答案为:.14.(4分)(2013•宁波二模)设函数f(x)=,若函数g(x)=f(x)﹣ax,x∈[﹣2,2]为偶函数,则实数a的值为.解:∵f(x)=,∴g(x)=f(x)﹣ax=,∵g(x)=为偶函数,∴g(﹣1)=g(1),即a﹣1=1﹣a﹣1=﹣a,∴2a=1,∴a=.故答案为:.15.(4分)已知正实数a,b满足a+2b+2ab=8,则a+2b的最小值是 4 .解:设t=a+2b,则t>0,由a+2b+2ab=8得2ab=8﹣(a+2b),即8﹣t,整理得t2+4t﹣32≥0,解得t≥4或t≤﹣8(舍去).即a+2b≥4,所以a+2b的最小值是4.故答案为:4.16.(4分)设函数f(x)的导函数为f′(x),对任意x∈R都有f′(x)>f(x)成立,则3f(ln2)<2f(ln3).(填“>”、“<”、“≥”或“≤”)解:令g(x)=,则,因为对任意x∈R都有f′(x)>f(x),所以g′(x)>0,即g(x)在R上单调递增,又ln2<ln3,所以g(ln2)<g(ln3),即,所以,即3f(ln2)<2f(ln3),故答案为:<.17.(4分)(2013•婺城区模拟)对于函数f(x),若存在区间M=[a,b],使得{y|y=f(x),x∈M}=M,则称区间M为函数f(x)的﹣个“好区间”.给出下列4个函数:①f(x)=sinx;②f(x)=|2x﹣1|;③f(x)=x3﹣3x;④f(x)=lgx+l.其中存在“好区间”的函数是②③④.(填入相应函数的序号)解:①函数f(x)=sinx在上是单调增函数,若函数在上存在“好区间”[a,b],则必有sina=a,sinb=b.即方程sinx=x有两个根,令g(x)=sinx﹣x,g′(x)=cosx﹣1≤0在上恒成立,所以函数g(x)在上为减函数,则函数g(x)=sinx﹣x在上至多有一个零点,即方程sinx=x在上不可能有两个解,又因为f(x)的值域为[﹣1,1],所以当x<或x>时,方程sinx=x无解.所以函数f(x)=sinx没有“好区间”;②对于函数f(x)=|2x﹣1|,该函数在[0,+∞)上是增函数,由幂函数的性质我们易得,M=[0,1]时,f(x)∈[0,1]=M,所以M=[0,1]为函数f(x)=|2x﹣1|的一个“好区间”;③对于函数f(x)=x3﹣3x,f′(x)=3x2﹣3=3(x﹣1)(x+1).当x∈(﹣1,1)时,f′(x)0.所以函数f(x)=x3﹣3x的增区间是(﹣∞,﹣1),(1,+∞),减区间是(﹣1,1).取M=[﹣2,2],此时f(﹣2)=﹣2,f(﹣1)=2,f(1)=﹣2,f(2)=2.所以函数f(x)=x3﹣3x在M=[﹣2,2]上的值域也为[﹣2,2],则M=[﹣2,2]为函数的一个“好区间”;④函数f(x)=lgx+1在定义域(0,+∞)上为增函数,若有“好区间”则lga+1=a,lgb+1=b,也就是函数g(x)=lgx﹣x+1有两个零点.显然x=1是函数的一个零点,由<0,得x>,函数g(x)在上为减函数;,得x<.函数在(0,)上为增函数.所以g(x)的最大值为g()>g(1)=0,则该函数g(x)在(0,)上还有一个零点.所以函数f(x)=lgx+1存在“好区间”.故答案为②③④.点评:本题是新定义题,考查了函数的定义域与值域的关系,体现了数学转化思想,此题中单调函数存在好区间的条件是f(x)=x,正确理解“好区间”的定义是解答该题的关键,是中档题.三、解答题:本大题共5小题,共72分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.18.(14分)已知向量=(sinx,﹣1),=(cosx,),f(x)=().(1)当x∈[0,]时,求函数y=f(x)的值域;(2)锐角△ABC中,a,b,c分别为角A,B,C的对边,若5a=4c,b=7,f()=,求边a,c.解:(1)∵=(sinx,﹣1),=(cosx,),∴=(sinx+cosx,),∴f(x)=()=(sinx+cosx)sinx=sin2x+cosxsinx==(sin2x﹣cos2x)=sin(2x﹣),∵x∈[0,],∴2x﹣∈[,],∴sin(2x﹣)∈[,1],∴f(x)=sin(2x﹣)∈[,];(2)由题意可得f()=(sinB﹣cosB)=,化简可得sinB﹣cosB=,联立sin2B+cos2B=1,解之可得,(B为锐角)在△ABC中由余弦定理可得b2=a2+c2﹣2accosB代入数据可得98=,联立5a=4c,可解得a=8,c=519.(14分)(2013•普陀区二模)已知a>0且a≠1,函数f(x)=log a(x+1),,记F(x)=2f(x)+g(x)(1)求函数F(x)的定义域D及其零点;(2)若关于x的方程F(x)﹣m=0在区间[0,1)内有解,求实数m的取值范围.解:(1)F(x)=2f(x)+g(x)=(a>0且a≠1)由,可解得﹣1<x<1,所以函数F(x)的定义域为(﹣1,1)令F(x)=0,则…(*)方程变为,即(x+1)2=1﹣x,即x2+3x=0解得x1=0,x2=﹣3,经检验x=﹣3是(*)的增根,所以方程(*)的解为x=0即函数F(x)的零点为0.(2)方程可化为=,故,设1﹣x=t∈(0,1]函数在区间(0,1]上是减函数当t=1时,此时x=0,y min=5,所以a m≥1①若a>1,由a m≥1可解得m≥0,②若0<a<1,由a m≥1可解得m≤0,故当a>1时,实数m的取值范围为:m≥0,当0<a<1时,实数m的取值范围为:m≤020.(14分)(2013•宁波二模)设公比大于零的等比数列{a n}的前n项和为S n,且a1=1,S4=5S2,数列{b n}的前n项和为T n,满足b1=1,,n∈N*.(Ⅰ)求数列{a n}、{b n}的通项公式;(Ⅱ)设C n=(S n+1)(nb n﹣λ),若数列{C n}是单调递减数列,求实数λ的取值范围.解答:(本题满分14分)解:(Ⅰ)由S4=5S2,q>0,得…(3分)又(n>1),则得所以,当n=1时也满足.…(7分)(Ⅱ)因为,所以,使数列{C n}是单调递减数列,则对n∈N*都成立,…(10分)即,…(12分),当n=1或2时,,所以.…(14分)21.(15分)已知四棱锥P﹣ABCD的底面ABCD是边长为1的正方形,PD⊥底面ABCD,PD=AD.(1)求证:BC∥平面PAD;(2)若E、F分别为PB、AD的中点,求证:EF⊥BC;(3)求二面角C﹣PA﹣D的余弦值.(1)证明:∵底面ABCD是正方形,∴BC∥AD.又BC⊄平面PAD,AD⊂平面PAD,∴BC∥平面PAD;(2)证明:建立如图所示的空间直角坐标系.则A(1,0,0),B(1,1,0),C(0,1,0),D(0,0,0),P(0,0,1),E,F.∴=,=(﹣1,0,0),∴.∴EF⊥BC.(3)由(2)可得:=(﹣1,1,0),=(﹣1,0,1).设平面ACP的法向量为=(x,y,z),则,令x=1,则y=z=1,∴.取平面APD的法向量为.则===.即为所求.22.(15分)已知函数f(x)=﹣lnx,x∈[1,3],(1)求f(x)的最大值与最小值;(2)若f(x)<4﹣at于任意的x∈[1,3],t∈[0,2]恒成立,求实数a的取值范围.解:(1)因为函数f(x)=﹣lnx,所以f′(x)=,令f′(x)=0得x=±2,因为x∈[1,3],当1<x<2时f′(x)<0;当2<x<3时,f′(x)>0;∴f(x)在(1,2)上单调减函数,在(2,3)上单调增函数,∴f(x)在x=2处取得极小值f(2)=﹣ln2;又f(1)=,f(3)=,∵ln3>1∴∴f(1)>f(3),∴x=1时 f(x)的最大值为,x=2时函数取得最小值为﹣ln2.(2)由(1)知当x∈[1,3]时,f(x),故对任意x∈[1,3],f(x)<4﹣at恒成立,只要4﹣at>对任意t∈[0,2]恒成立,即at恒成立记 g(t)=at,t∈[0,2]∴,解得a,∴实数a的取值范围是(﹣∞,).。

2021年高三数学上学期第一次月考试题 文 含解析(含解析)新人教A版

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2021年高三数学上学期第一次月考试题文含解析(含解析)新人教A版【试卷综析】这套试题基本符合高考复习的特点,稳中有变,变中求新,适当调整了试卷难度,体现了稳中求进的精神.,重视学科基础知识和基本技能的考察,同时侧重考察了学生的学习方法和思维能力的考察,有相当一部分的题目灵活新颖,知识点综合与迁移.以它的知识性、思辨性、灵活性,基础性充分体现了考素质,考基础,考方法,考潜能的检测功能.一、选择题:(每小题5分,共计50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)【题文】1、已知为虚数单位,若,则()A. B. C. D.【知识点】复数相等的充要条件.L4【答案解析】B 解析:∵a+bi====i,∴a=0,b=1.∴a+b=1.故选:D.【思路点拨】利用复数的运算法则和复数相等即可得出.【题文】2、命题“若函数在上是减函数,则”的否命题是()A.若函数在上不是减函数,则B.若函数在上是减函数,则C.若,则函数在上是减函数D.若,则函数在上不是减函数【知识点】四种命题.A2【答案解析】A 解析:否定命题的条件作条件,否定命题的结论作结论,即可得到命题的否命题.命题“若函数在上是减函数,则”的否命题是:若函数在上不是减函数,则m≤1.故选:A.【思路点拨】直接写出命题的否命题,即可得到选项.【题文】3、如图所示茎叶图记录了甲、乙两组各五名学生在一次英语听力测试中的 成绩(单位:分),已知甲组数据的中位数为15,乙组数据的平均数为 16.8,则的值分别为( )A . 5,2B . 5,5C . 8,5D .8,8【知识点】茎叶图.I2【答案解析】C 解析:∵甲组数据的中位数为15,∴10+y=15,∴y=5;又∵乙组数据的平均数为16.8,∴9+15+(10+x )+18+24=16.8×5,∴x=8;∴x ,y 的值分别为8,5; 故选:C .【思路点拨】由甲组数据的中位数求出y 的值,乙组数据的平均数求出x 的值. 【题文】4、下列函数中,既是偶函数又在区间上单调递增的是( ) A . B . C . D .【知识点】函数奇偶性的判断;函数单调性的判断与证明.B3 B4【答案解析】D 解析:只有函数,是偶函数,而函数是奇函数,不具有奇偶性.而函数,中,只有函数在区间上单调递增的. 综上可知:只有D 正确.故选:D .【思路点拨】利用函数函数的奇偶性和单调性即可判断出. 【题文】5、阅读右边程序框图,为使输出的数据为, 则判断框中应填入的条件为( ) A . B . C . D . 【知识点】程序框图.L1【答案解析】A 解析:程序在运行过程中各变量的值如下表示: S i 是否继续循环 循环前 1 1 第一圈 3 2 是 第二圈 7 3 是 第三圈 15 4 是 第四圈 31 5 否所以当i≤4时.输出的数据为31, 故选A .【思路点拨】析程序中各变量、各语句的作用,再根据流程图所示的顺序,可知该程序的作用是利用循环求S 的值,我们用表格列出程序运行过程中各变量的值的变化情况,不难给出答案.【题文】6、设,,,则( ) A . B . C . D .【知识点】对数值大小的比较.B7【答案解析】A 解析:∵x=30.5=>1,0=log31<y=log32<log33=1,z=cos2<0, ∴z<y <x .故选:A .【思路点拨】利用指数函数、对数函数、三角函数的性质求解.【题文】7、若函数的相邻两个零点的距离为,且它的一条对称轴为,则等于( ) A . B . C . D . 【知识点】两角和与差的正弦函数.C5乙组甲组48x 59210472y 9得ω=1.再根据函数的一条对称轴为,可得asin ﹣cos=±,平方可得=0,求得a=.则f (x )=sinx ﹣cosx=2(sinx ﹣cosx )=2sin (x ﹣),=2sin (﹣﹣)=2sin (﹣)=﹣2sin=﹣2,故选:D .【思路点拨】根据函数的相邻两个零点的距离为π,求得ω=1.再根据函数的一条对称轴为x=π,可得asin ﹣cos=±,平方求得a=,可得函数f (x )的解析式,从而求得的值 【题文】8、某几何体的三视图如下图所示,则该几何体的体积为( ) A .30 B .24 C .18 D .12【知识点】由三视图求面积、体积.G2【答案解析】B 解析:由三视图知该几何体是高为5的三棱柱截去同底且高为3的三棱锥所得几何体,棱柱的体积等于=30,所截棱锥的体积为:=6, 故组合体的体积V=30﹣6=24,故选:B .【思路点拨】由已知中的三视图,可得该几何体是一个以俯视图为底面的三棱柱载去一个同底不等高的三棱锥所得,求出棱柱及棱锥的底面面积和高,代入棱柱和锥体体积公式,相减可得答案.【题文】9、已知函数, ,则( )A .B .C .D . 【知识点】函数的值.B1 【答案解析】B 解析:∵,, ∴asin(lg (lg3))+b (lg (lg3))3+c (lg (lg3))+1=3, ∴asin(lg (lg3))+b (lg (lg3))3+c (lg (lg3))=2, ∴f(lg (log310))=f[﹣((lg (lg3))]=﹣[asin (lg (lg3))+b (lg (lg3))3+c (lg (lg3))]+1=﹣2+1=﹣1.故选:B .【思路点拨】利用对数性质和函数性质求解.【题文】10、已知函数,且方程在区间内有两个不等的实根, 则实数的取值范围为( ) A. B. C. D.[2,4] 【知识点】分段函数的应用.B9【答案解析】C 解析:直线y=mx+1过定点(0,1),正视图 俯视图作出函数f(x)的图象如图:由图象可知,当直线y=mx+1y与f(x)=x2+2在第一象限相切时,满足方程f(x)=mx+1在区间[﹣2π,π]内有三个不等的实根,此时x2+2=mx+1,即x2﹣mx+1=0,则判别式△=m2﹣4=0,解得m=2或m=﹣2(舍去).当直线y=mx+1在x=0时与f(x)=4xcosx+1相切时,有两个不等的实根,此时f′(x)=4cosx﹣4sinx,m=f′(0)=4,此时满足条件.当m<0,由4xcosx+1=mx+1,即m=4cosx,当此时方程m=4cosx在[﹣2π,0)只有一个解时,即m=﹣4,此时方程f(x)=mx+1在区间[﹣2π,π]内有1个实根,此时不满足条件.综上满足条件的m的取值范围为﹣4<m<2或m=4,故选:C【思路点拨】作出函数f(x)的图象,利用数形结合即可得到结论.二、填空题:(每小题5分,共计25分,把答案填在答题卡的相应位置.)【题文】11、已知集合,,则【知识点】交集及其运算.A1【答案解析】解析:∵集合A={x|y=}={x|x≠0},B={y|y=x2}={y|y≥0},∴A∩B={x|x>0}=(0,+∞).故答案为:(0,+∞).【思路点拨】利用交集定义求解.【题文】12、若两个非零向量满足,则向量与的夹角为【知识点】数量积表示两个向量的夹角.F3【答案解析】解析:∵,为非零向量,且|+|=|﹣|,∴|+|2=|﹣|2,∴=,即,∴与夹角为.故答案为:.【思路点拨】由,为非零向量,且|+|=|﹣|,知|+|2=|﹣|2,由此得到,从而得到与夹角为.【题文】13、在不等式组所表示的平面区域内随机地取一点,则点恰好落在第二象限的概率为【知识点】几何概型;简单线性规划.E5 K3【答案解析】解析:不等式组所表示的平面区域为一直角三角形,其面积为=,点P恰好落在第二象限平面区域为一直角三角形,其面积为=,∴点P恰好落在第二象限的概率为=.故答案为:.【思路点拨】先根据不等式组画出平面区域,然后求出区域的面积,以及点P恰好落在第二象限区域内的面积,最后利用几何概型的概率公式解之即可.【题文】14、已知直线和直线,若抛物线上的点到直线和直线的距离之和的最小值为2,则抛物线的方程为【知识点】抛物线的简单性质.H7【答案解析】解析:设抛物线上的一点P的坐标为(a2,2a),则P到直线l2:x=﹣的距离d2=a2+;P到直线的距离d1=,则d1+d2=+a2+=a2﹣a++,当a=时,P到直线l1和直线l2的距离之和的最小值为2,∴p=2,∴抛物线C的方程为y2=4x故答案为:y2=4x.【思路点拨】设出抛物线上一点P的坐标,然后利用点到直线的距离公式分别求出P到直线l1和直线l2的距离d1和d2,求出d1+d2,利用二次函数求最值的方法,求出距离之和的最小值,即可得出结论.【题文】15、给出定义:设是函数的导数,是函数的导数,若方程有实数解,则称点为函数的“拐点”.重庆武中高xx级某学霸经探究发现:任何一个一元三次函数都有“拐点”,且该“拐点”也为该函数的对称中心.若,则【知识点】利用导数研究函数的单调性.B12【答案解析】解析:由,∴f′(x)=3x2﹣3x﹣,∴f′′(x)=6x﹣3,由f′′(x)=6x﹣3=0,得x=,∴f()=1,∴f(x)的对称中心为(,1),∴f(1﹣x)+f(x)=2,∴f()+f()=f()+f()=…=f()+f()=2∴=xx故答案为:xx【思路点拨】求出原函数的导函数,再求出导函数的导函数,由导函数的导函数等于0求出x的值,可得f(1﹣x)+f(x)=2,从而得到则的值.三、解答题:(本大题共6小题,共计75分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)【题文】16、(本小题满分13分,第(Ⅰ)问6分,第(Ⅱ)问7分)城市公交车的数量太多容易造成资源的浪费,太少又难以满足乘客的需求,为此,重庆市公交公司在某站台的60名候车乘客中随机抽取15人,将他们的候车时间作为样本分成5组,如图所示(单位:(Ⅰ)估计这60名乘客中候车时间少于10min的人数;(Ⅱ)若从表中的第三、四组中任选两人作进一步的问卷调查,求抽到的两人恰好来自不同组的概率.【知识点】列举法计算基本事件数及事件发生的概率;古典概型及其概率计算公式.K2 【答案解析】(Ⅰ) 32(Ⅱ)解析:(Ⅰ)候车时间少于10min的概率为,故候车时间少于10min的人数为.(Ⅱ)将第三组乘客分别用字母表示,第四组乘客分别用字母表示,则随机选取的人所有可能如,,,,,,,,,,,,,,ab ac ad aA aB bc bd bA bB cd cA cB dA dB AB,共有15种不同的情况,其中两人恰好来自不同组包含8种情况,故所求概率为.【思路点拨】(Ⅰ)候车时间少于10分钟的人数所占的比例为,用60乘以此比例,即得所求.(Ⅱ)从这6人中选2人作进一步的问卷调查,①用列举法列出上述所有可能情况共有15种,②用列举法求得抽到的两人恰好来自不同组的情况共计8种,由此求得抽到的两人恰好来自不同组的概率.【题文】17、(本小题满分13分,第(Ⅰ)问6分,第(Ⅱ)问7分)在中,角的对边分别为,若向量,,且.(Ⅰ)求角的大小;(Ⅱ)若,求的面积的最大值.【知识点】正弦定理;余弦定理.菁优C8【答案解析】(Ⅰ)(Ⅱ)解析:(Ⅰ)因为,所以,即故又,所以(Ⅱ)由(Ⅰ)及,得又(当且仅当时取等号),故,即故【思路点拨】(Ⅰ)由两向量的坐标及两向量数量积为0,列出关系式,再利用余弦定理表示出cosA,将得出关系式代入求出cosA的值,即可确定出角A的大小;(Ⅱ)利用余弦定理列出关系式,把cosA与a的值代入,并利用基本不等式求出bc的最大值,即可确定出三角形ABC面积的最大值.【题文】18、(本小题满分13分,第(Ⅰ)问6分,第(Ⅱ)问7分)已知函数为偶函数,且其图象上相邻的一个最高点和最低点间的距离为.(Ⅰ)求的解析式; (Ⅱ)若,求的值. 【知识点】由y=Asin (ωx+φ)的部分图象确定其解析式;同角三角函数基本关系的运用.C2 C4【答案解析】(Ⅰ)(Ⅱ)解析:(Ⅰ)因为为偶函数,故,从而.再由图象上相邻的一个最高点和最低点间的距离为,知,从而,故. 所以.(Ⅱ) 原式2sin 2cos 212sin cos 2sin 2sin cos sin cos sin 1cos cos αααααααααααα-++===++.由条件知,平方得,从而.【思路点拨】(1)函数f (x )=sin (ωx+ϕ)(ω>0,0≤ϕ≤π)为偶函数,其图象上相邻的一个最高点和最低点之间的距离,确定函数的周期,求出ω,确定ϕ的值,求出f (x )的解析式;(2)把上一问求出的结果代入函数的解析式,得到角的正弦与余弦的和,用诱导公式和二倍角公式把所给的式子进行整理,根据同角的三角函数之间的关系得到结果. 【题文】19、(本小题满分12分,第(Ⅰ)问5分,第(Ⅱ)问7分) 已知函数.(I )若时,求曲线在点处的切线方程;(II )若,函数没有零点,求的取值范围.【知识点】利用导数研究曲线上某点切线方程;函数零点的判定定理;利用导数研究函数的单调性.有B12 【答案解析】(Ⅰ)(Ⅱ)解析:(I ) ,切点为,,故切线方程为.(II )当时,在定义域上没有零点,满足题意;是函数的极小值,也是函数的最小值, 所以,当,即时,函数没有零点. 综上所述,当时,没有零点. 【思路点拨】(I )求出a=﹣1时,函数f (x )和导数,求得切点和切线的斜率,即可得到切线方程;(II )讨论当a=0时,当a <0时,求出函数的单调区间和极值,判断也是最值,且与0的关系,即可判断零点的情况. 【题文】20、(本小题满分12分,第(Ⅰ)问5分,第(Ⅱ)问7分) 如图,正方形所在平面与直角三角形所在的平面互相垂直,,设分别是的中点,已知, (Ⅰ)求证:平面;(Ⅱ)求点到平面的距离.【知识点】直线与平面平行的判定;点、线、面间的距离计算.G4 G11 【答案解析】(Ⅰ)见解析(Ⅱ)解析:(Ⅰ)证明:取中点,连接.由于为的中位线,所以ENM DCBA;又因为,所以所以四边形为平行四边形,故,而平面,平面, 所以平面;(Ⅱ)因为平面,所以:111123323E BMC M BEC N BEC C BEN BEN V V V V S CB ----∆====⋅=⨯⨯=因为,所以平面,故,从而:MB ====因为,所以平面,故,从而:2MC ====在中,,所以的面积11222BMC S BC ∆=⋅=⨯=所以(其中表示点到平面的距离),即,解出,所以点到平面的距离为. 【思路点拨】(Ⅰ)取EC 中点F ,连接MF ,BF .由线线平行证明线面平行,(Ⅱ)将体积等价转化,求出体积,再求出底面面积,从而求高,得距离. 【题文】21、(本小题满分12分,(Ⅰ)小问5分,(Ⅱ)小问7分)中心在原点,焦点在轴上的椭圆的离心率为,且经过点.若分别过椭圆的左、右焦点的动直线相交于点,且与椭圆分别交于A 、B 与C 、D 不同四点,直线OA 、OB 、OC 、OD 的斜率满足.(Ⅰ)求椭圆的方程;(Ⅱ)是否存在定点M 、N ,使得为定值?若存在,求出点M 、N 的坐标;若不存在,说明理由.【知识点】直线与圆锥曲线的关系;椭圆的标准方程.所有H5 H8 【答案解析】(Ⅰ)(Ⅱ)存在定点M、N为,使得点P满足为定值。

2022-2023学年人教A版高三上数学月考试卷含答案及解析

2022-2023学年人教A版高三上数学月考试卷含答案及解析

2022-2023学年高中高三上数学月考试卷学校:____________ 班级:____________ 姓名:____________ 考号:____________考试总分:108 分考试时间: 120 分钟注意事项:1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息;2.请将答案正确填写在答题卡上;卷I(选择题)一、选择题(本题共计 8 小题,每题 3 分,共计24分)1. 已知复数z=5−6i,则复数z的虚部是()A.6iB.6C.−6iD.−62. 设α,β为两个不同的平面,l,m为两条不同的直线,且m⊥α,l//β,则"l//m”是"α⊥β"的( )A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件3.已知变量x,y之间的线性回归方程为ˆy=−0.7x+10.3,且变量x,y之间的一组相关数据如下表所示,则下列说法错误的是( )x681012y6m32A.变量x,y之间呈负相关关系B.可以预测,当x=20时,ˆy=−3.7C.该回归直线必过点(9,4)D.m=44. 已知α∈(0,2π),且5sinα=6sinα2,则tanα2=( )C.34D.435. 已知函数f(x)=1x−lnx−1,则y=f(x)的图像大致为( )A.B.C.D.6. 某地市场调查发现,34的人喜欢在网上购买家用小电器,其余的人则喜欢在实体店购买家用小电器.经该地市场监管局抽样调查发现,在网上购买的家用小电器的合格率为35,而在实体店购买的家用小电器的合格率为910.现该地市场监管局接到一个关于家用小电器不合格的投诉电话,则这台被投诉的家用小电器是在网上购买的概率是()A.310D.347. 己知等差数列{a n}的首项为a1,公差为d,其前n项和为S n,若直线y=a1x与圆(x−2)2+y2=1的两个交点关于直线x+y+d=0对称,则S n=( )A.n2B.−n2C.2n−n2D.n2−2n8. “远望巍巍塔七层,红光点点倍加增,共灯三百八十一,请问尖头几碗灯?”源自明代数学家吴敬所著的《九章算术比类大全》,通过计算得到答案是()A.2B.3C.4D.5二、多选题(本题共计 4 小题,每题 3 分,共计12分)9. 甲、乙、丙三人在政治、历史、地理、物理、化学、生物、技术7门学科中任选3门.若同学甲必选物理,则下列说法正确的是( )A.甲、乙、丙三人至少一人选化学与全选化学是对立事件B.甲的不同的选法种数为15C.已知乙同学选了物理,乙同学选技术的概率是16D.乙、丙两名同学都选物理的概率是94910. 已知3a=5b=15,则a,b可能满足的关系是( )A.a+b>4B.ab>4C.(a−1)2+(b−1)2>2D.a2+b2<811. 已知双曲线E:(m>0)的一条渐近线方程为x+3y=0,则下列说法正确的是( )A.E的焦点在x轴上B.C.E的实轴长为6D.E的离心率为12. 如图,已知在棱长为2的正方体ABCD−A1B1C1D1中,P为AD1上的动点.则下列结论正确的有()A.当P运动到AD1中点时,直线BP与平面ABCD所成角的正切值为√55B.当P在直线AD1上运动时,三棱锥A1−BPC1的体积不变C.当P在直线AD1上运动到某一点时,直线B1C与平面BPC1所成角为π3D.当P在直线AD1上运动时,△A1PB1的面积存在最小值√2卷II(非选择题)三、填空题(本题共计 4 小题,每题 3 分,共计12分)13. 在(x−1x)10的展开式中,常数项等于________(结果用数值表示).14. 已知抛物线C:x2=2py(p>0)的焦点为F,若抛物线C上一点P(4,y0)满足|FP|=4,则p的值为________.15.如图,四边形ABCD是圆O的内接四边形,延长AB和DC相交于点P.若PB=1,PD=3,则BCAD的值为________.16. 函数f(x)=lnx+1x,t∈R,m>0,n>0且m>n.有f(m)−f(n)m−n<1恒成立,则t取值范围为________.四、解答题(本题共计 6 小题,每题 10 分,共计60分)17. 在△ABC中,BC=√5,AC=3,sinC=2sinA.(1)求边长AB的值;(2)求△ABC的面积.18. 已知数列{a n}满足:a1+2a2+3a3+…+na n=n(n+1)(4n−1)6,n∈N∗.(1)求a1,a2的值;(2)求数列{a n}的通项公式;(3)设b n=1a n⋅a n+1,数列{b n}的前n项和 T n,求证:T n<12.19. 如图,在△ABC中,已知∠ABC=45∘,O在AB上,且OB=OC=23AB,又PO⊥平面ABC,DA//PO,DA=AO=12PO.(1)求证:PD⊥平面COD;(2)求二面角B−DC−O的余弦值.20. 前不久,社科院发布了2020年度“全国城市居民幸福排行榜”,北京市成为本年度最“幸福城”.随后,某师大附中学生会组织部分同学,用“10分制”随机调查“阳光”社区人们的幸福度,现从调查人群中随机抽取16名,如图所示的茎叶图记录了他们的幸福度分数(以小数点前的一位数字为茎,小数点后一位数字为叶).(1)指出这组数据的众数和中位数;(2)若幸福度不低于9.5分,则称该人的幸福度为“极幸福”.求从这16人中随机选取3人,至多有1人是“极幸福”的概率;(3)以这16人的样本数据来估计整个社区的总体数据,若从该社区(人数众多)任选3人,记ξ表示抽到“极幸福”的人数,求ξ的分布列、数学期望及方差.21. 已知A,B是椭圆E:x 2a2+y2=1(a>1)的左、右顶点,C为E的上顶点,→AC⋅→BC=−3.(1)求椭圆的方程;(2)若M,N,P是椭圆E上不同的三点,且坐标原点O为△MNP的重心,试探究△MNP的面积是否为定值?若是,求出这个定值;若不是,说明理由.22. 已知函数f(x)=lnx−x−1a.(1)当a=1时,求f(x)的最大值;(2)若f(x) 在区间(2,e)上存在零点,求实数a的取值范围.参考答案与试题解析2022-2023学年高中高三上数学月考试卷一、选择题(本题共计 8 小题,每题 3 分,共计24分)1.【答案】D【考点】复数的基本概念【解析】此题暂无解析【解答】解:由题意可得复数z的虚部是−6.故选D.2.【答案】A【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断【解析】利用充分条件以及直线与平面的位置关系,判断即可.【解答】解:由m⊥α,l//m ,则l⊥α ,而l//β ,所以α⊥β;由l//β, α⊥β ,m⊥α ,不能确定l//m,所以"l//m"是"α⊥β"的充分不必要条件.故选A.3.【答案】D【考点】求解线性回归方程【解析】根据线性回归方程的性质依次判断各选项即可.【解答】解:A ,根据b 的正负即可判断正负相关关系,线性回归方程为ˆy =−0.7x +10.3,b =−0.7<0,呈负相关关系,故选项正确;B ,当x =20时,代入可得ˆy =−3.7,故选项正确;C ,由线性回归方程一定过(¯x,¯y),根据表中数据:¯x =14(6+8+10+12)=9,可得¯y =−0.7×9+10.3=4,即(9,4),故选项正确;D ,¯y =14(6+m +3+2)=4,解得m =5,故选项错误.故选D.4.【答案】D【考点】二倍角的正弦公式同角三角函数间的基本关系【解析】由二倍角的正弦公式化简可得cos α2,根据同角三角函数的基本关系求解即可.【解答】解:∵5sinα=6sin α2,∴5sin α2cos α2=3sin α2.由a ∈(0,2π)可知a2∈(0,π),∴cos α2=35,∴sin α2=√1−cos 2α2=45,∴tan α2=sin α2cos α2=43.故选D .5.【答案】B【考点】函数的图象【解析】利用特殊值,对函数图像进行排除,由此得出正确选项.【解答】解:由于 f(12)=112−ln12−1=1ln2−12>0 ,故A错误;由于f(e)=1e−2>0,f(e2)=1e2−3>0,且f(e)>f(e2),故CD错误.故选B.6.【答案】C【考点】条件概率与独立事件古典概型及其概率计算公式【解析】由已知可得网上购买的家用小电器被投诉的概率为34×(1−35)=620,实体店里购买的家用小电器被投诉的概率为(1−34)×(1−910)=140,由古典概率的计算公式进而得到答案.【解答】解:因为34的人喜欢在网上购买家用小电器,网上购买的家用小电器合格率为35,所以网上购买的家用小电器被投诉的概率为34×(1−35)=620=310.因为实体店里的家用小电器的合格率约为910,所以实体店里购买的家用小电器被投诉的概率为(1−34)×(1−910)=140,所以市场监管局接到一个关于家用小电器不合格的投诉,则这台被投诉的家用小电器是在网上购买的可能性为P=310310+140=1213.故选C.7.【答案】C【考点】等差数列的前n项和直线和圆的方程的应用【解析】利用直线y=a1x与圆(x−2)2+y2=1的两个交点关于直线x+y+d=0对称,可得a1=1,d=−2,利用等差数列的求和公式,即可得到结论.【解答】解:∵直线y=a1x与圆(x−2)2+y2=1的两个交点关于直线x+y+d=0对称,∴y=a1x必定和x+y+d=0垂直∴a1=1,∴y=a1x与圆两个交点的中点必过x+y+d=0,联立方程:解得:d=−2∴S n=n×1+n(n−1)2×(−2)=2n−n2故选C.8.【答案】B【考点】数列的应用【解析】根据题意,假设顶层的红灯有x盏,则第二层有2x盏,依次第三层有4x盏,第四层有8x盏,第五层有16x盏,第六层有32x盏,第七层有64x盏,总共381盏,列出等式,解方程,即可得解.【解答】解:假设顶层的红灯有x盏,由题意得:x+2x+4x+8x+16x+32x+64x=381,127x=381,x=3.故选B.二、多选题(本题共计 4 小题,每题 3 分,共计12分)B,D【考点】对立事件的概率公式及运用相互独立事件的概率乘法公式互斥事件与对立事件排列、组合的应用【解析】根据对立事件判断A 错误,求出甲的不同选法种数判断B 正确,计算乙同学选考科目包括技术的概率,判断C 错误,计算乙、丙两名同学都选物理的概率值,判断D 正确.【解答】解:对于A ,甲、乙、丙三人至少一人选化学的对立事件是甲乙丙三人都不选化学,所以A 错误;对于B ,甲的不同的选法种数是C 11⋅C 26=15(种),所以B 正确;对于C ,乙同学选了物理,其他两科在剩下的六科中任选,基本事件总数为n =C 26=15,选考科目包括技术的基本事件个数是m =C 11⋅C 15=5,所以乙同学选考科目包括技术的概率是P =mn =515=13,C 错误;对于D ,乙、丙两名同学选物理科是相互独立的,所以二人都选物理的概率是C 11⋅C 26C 37⋅C 11⋅C 26C 37=37×37=949,D 正确.故选B ,D.10.【答案】A,B,C【考点】指数式与对数式的互化【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答11.【答案】双曲线的离心率【解析】由双曲线方程判断A;由双曲线的渐近线方程求解m值判断B;求得实轴长判断C;由双曲线的离心率公式求得离心率判断D.【解答】由m>0,可知双曲线E的焦点一定在x轴上;由双曲线方程为(m>2),得,再由双曲线的一条渐近线方程为x+3y=0,得,∴m=36;双曲线E的实轴长为,故C错误;双曲线E的离心率e=,故D正确.12.【答案】A,B,D【考点】棱柱的结构特征棱柱、棱锥、棱台的体积直线与平面所成的角【解析】作出线面角并求解判断A;判断三棱锥A1−BPC1的底面积与高为定值判断B;证明直线与平面垂直判断C;直接求出ΔA1PB1的面积的最小值判断D.【解答】解:A,当P运动到AD1中点时,过P作PO⊥AD,垂足为O,连接BO,则PO⊥平面ABCD,√5=√55,故A正确;则∠PBO为直线BP与平面ABCD所成角,其正切值为1=12BC1⋅AB,为定值,而A1到平面BPC1的距离也为定B,当P在直线AD1上运动时,S△PBC1值,等于12A1D,则三棱锥A1−BPC1的体积不变,故B正确;C,直线B1C与平面BPC1所成角,即为直线B1C与平面ABC1D1所成角,∵AB ⊥平面BCC 1B 1,∴AB ⊥B 1C ,又∵BC 1⊥B 1C ,AB ∩BC 1=B ,∴B 1C ⊥平面ABC 1D 1,得直线B 1C 与平面BPC 1所成角为π2,故C 错误;D ,易知A 1B 1⊥平面ADD 1A 1,∴A 1B 1⊥A 1P ,∵A 1B 1为定值,则△A 1PB 1的面积大小取决于A 1P 的长度,根据垂线段最短,可知当P 位于AD 1中点时,A 1P 最短,此时△A 1PB 1的面积取得最小值,为12×2×√2=√2,故D 正确.故选ABD.三、 填空题 (本题共计 4 小题 ,每题 3 分 ,共计12分 )13.【答案】−252【考点】二项展开式的特定项与特定系数【解析】根据题意,由二项式定理求出(x −1x )10的展开式通项,进而令r =5求出其展开式中的常数项,即可得答案.【解答】解:根据题意,(x −1x )10的展开式通项为:T r+1=Cr10x 10−r (−1x )r =(−1)r C r10x 10−2r ,当r =5时,有T 6=(−1)5C 510=−252,即在(x −1x )10的展开式中,常数项为−252.故答案为:−252.14.【答案】4【考点】抛物线的标准方程抛物线的定义【解析】本题考查抛物线的定义.根据题意结合抛物线的定义即可有p2+p2=4,进而得解.【解答】解:由题抛物线的焦点F(0,p2),抛物线C上一点P(4,y0),满足|FP|=4,根据抛物线的定义可知p2+p2=4,解得p=4.故答案为:4.15.【答案】13【考点】圆内接多边形的性质与判定【解析】本题主要考查四点共圆的性质与相似三角形的性质,属于容易题.由ABCD四点共圆不难得到△PBC∽,再根据相似三角形性质,即可得到结论.【解答】解:因为{A},{B},{C},{D}四点共圆,所以{\angle DAB= \angle PCB},{\angle CDA= \angle PBC},因为{\angle P}为公共角,所以{\triangle PBC\backsim \triangle PAD},所以{\dfrac{BC}{AD}= \dfrac{PB}{PD}= \dfrac{1}{3}}.故答案为:{\dfrac{1}{3}}.16.【答案】{[\dfrac{1}{4},\,+\infty)}【考点】利用导数研究不等式恒成立问题【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答四、解答题(本题共计 6 小题,每题 10 分,共计60分)17.【答案】解:{(1)}∵{BC= \sqrt{5}},{AC= 3},{\sin C= 2\sin A},∴由正弦定理{\dfrac{AB}{\sin C}= \dfrac{BC}{\sin A}}得:{AB= \dfrac{BC\sin C}{\sin A}}{= \dfrac{2BC\sin A}{\sin A}= 2BC= 2\sqrt{5}}.{(2)}∵{BC= \sqrt{5}},{AC= 3},{AB= 2\sqrt{5}},∴由余弦定理得,{\cos C= \dfrac{AC^{2}+ BC^{2}-AB^{2}}{2AC\cdot BC}}{= \dfrac{9+ 5-20}{6\sqrt{5}}= -\dfrac{\sqrt{5}}{5}}.∵{C}为三角形内角,∴{\sin C= \sqrt{1-\cos ^{2}C}= \dfrac{2\sqrt{5}}{5}},则{S_{\triangle ABC}= \dfrac{1}{2}AC\cdot BC\sin C}{= \dfrac{1}{2}\times 3\times \sqrt{5}\times \dfrac{2\sqrt{5}}{5}= 3}.【考点】余弦定理正弦定理【解析】(1)利用正弦定理列出关系式,将{BC},{AC},以及{\sin C= 2\sin A}代入求出{AB}的长即可;(2)利用余弦定理列出关系式,将三边长代入求出{\cos C}的值,由{C}为三角形内角,利用同角三角函数间的基本关系求出{\sin C}的值,即可求出三角形{ABC}的面积.【解答】解:{(1)}∵{BC= \sqrt{5}},{AC= 3},{\sin C= 2\sin A},∴由正弦定理{\dfrac{AB}{\sin C}= \dfrac{BC}{\sin A}}得:{AB= \dfrac{BC\sin C}{\sin A}}{= \dfrac{2BC\sin A}{\sin A}= 2BC= 2\sqrt{5}}.{(2)}∵{BC= \sqrt{5}},{AC= 3},{AB= 2\sqrt{5}},∴由余弦定理得,{\cos C= \dfrac{AC^{2}+ BC^{2}-AB^{2}}{2AC\cdot BC}}{= \dfrac{9+ 5-20}{6\sqrt{5}}= -\dfrac{\sqrt{5}}{5}}.∵{C}为三角形内角,∴{\sin C= \sqrt{1-\cos ^{2}C}= \dfrac{2\sqrt{5}}{5}},则{S_{\triangle ABC}= \dfrac{1}{2}AC\cdot BC\sin C}{= \dfrac{1}{2}\times 3\times \sqrt{5}\times \dfrac{2\sqrt{5}}{5}= 3}.18.【答案】{(1)}解:由已知得{a_{1}= \dfrac{1\times 2\times 3}{6}= 1},{a_{1}+ 2a_{2}= \dfrac{2\times 3\times 7}{6}= 7,\therefore a_{2}= 3};{(2)}解:由 {a_{1}+ 2a_{2}+ 3a_{3}+ \dots + na_{n}= \dfrac{n(n+ 1)(4n- 1)}{6}} ,①{n\geq 2}时,{a_{1}+ 2a_{2}+ 3a_{3}+ \dots + (n- 1)a_{n- 1}= \dfrac{(n-1)n[4(n-1)-1]}{6}},②①{-}②得{na_{n}= \dfrac{n(n+ 1)(4n- 1)}{6}- \dfrac{(n-1)n(4n-5)}{6}= n(2n- 1)},{\therefore a_{n}= 2n- 1},验算可知{a_1=1}也适合此式,∴ {a_{n}= 2n- 1(n\in \textbf N^{\ast})};{(3)}证明:由{(2)}得 {a_{n}= 2n- 1},{\therefore b_{n}= \dfrac{1}{a_{n}\cdot a_{n+ 1}}= \dfrac{1}{(2n- 1)(2n+ 1)}}{=\dfrac{1}{2}(\dfrac{1}{2n- 1}- \dfrac{1}{2n+ 1})},∴{T_{n}= \dfrac{1}{2}[(1- \dfrac{1}{3})+ (\dfrac{1}{3}- \dfrac{1}{5})+ \dots + (\dfrac{1}{2n- 1}-\dfrac{1}{2n+ 1})]}{= \dfrac{1}{2}(1- \dfrac{1}{2n+ 1})},{\because n\in \textbf N^{* }},∴{\dfrac{1}{2n+1}\gt 0},{1- \dfrac{1}{2n+ 1}\lt 1},∴{T_n\lt \dfrac{1}{2}}.【考点】数列的求和数列递推式【解析】此题暂无解析【解答】{(1)}解:由已知得{a_{1}= \dfrac{1\times 2\times 3}{6}= 1},{a_{1}+ 2a_{2}= \dfrac{2\times 3\times 7}{6}= 7,\therefore a_{2}= 3};{(2)}解:由 {a_{1}+ 2a_{2}+ 3a_{3}+ \dots + na_{n}= \dfrac{n(n+ 1)(4n- 1)}{6}} ,①{n\geq 2}时,{a_{1}+ 2a_{2}+ 3a_{3}+ \dots + (n- 1)a_{n- 1}= \dfrac{(n-1)n[4(n-1)-1]}{6}},②①{-}②得{na_{n}= \dfrac{n(n+ 1)(4n- 1)}{6}- \dfrac{(n-1)n(4n-5)}{6}= n(2n- 1)},{\therefore a_{n}= 2n- 1},验算可知{a_1=1}也适合此式,∴ {a_{n}= 2n- 1(n\in \textbf N^{\ast})};{(3)}证明:由{(2)}得 {a_{n}= 2n- 1},{\therefore b_{n}= \dfrac{1}{a_{n}\cdot a_{n+ 1}}= \dfrac{1}{(2n- 1)(2n+ 1)}}{=\dfrac{1}{2}(\dfrac{1}{2n- 1}- \dfrac{1}{2n+ 1})},∴{T_{n}= \dfrac{1}{2}[(1- \dfrac{1}{3})+ (\dfrac{1}{3}- \dfrac{1}{5})+ \dots + (\dfrac{1}{2n- 1}-\dfrac{1}{2n+ 1})]}{= \dfrac{1}{2}(1- \dfrac{1}{2n+ 1})},{\because n\in \textbf N^{* }},∴{\dfrac{1}{2n+1}\gt 0},{1- \dfrac{1}{2n+ 1}\lt 1},∴{T_n\lt \dfrac{1}{2}}.19.【答案】{\left ( {1} \right )}证明:设{OA= 1},则{PO= OB= 2},{DA= 1},由{DA\,//\,PO},{PO\perp }平面{ABC},知{DA\perp }平面{ABC},∴{DA\perp AO}.从而{ DO = \sqrt{2},PD= \sqrt{2}},在{\triangle P \rm{DO} }中,∵{PO= 2},∴{\triangle PDO}为直角三角形,故{PD\perp DO}.又∵{OC= OB= 2},{\angle ABC= 45^{{\circ} }},∴{CO\perp AB},又{PO\perp }平面{ABC},∴{PO\perp OC},又{PO},{AB\subset }平面{PAB},{PO\cap AB= O},∴{CO\perp }平面{PAB}.故{CO\perp PD}.∵{CO\cap DO= O},∴{PD\perp }平面{COD}.{\left ( {2} \right )}解:以{OC},{OB},{OP}所在射线分别为{x},{y},{z}轴,建立直角坐标系如图.则由{\left ( {1} \right )}知,{C(2,\, 0,\, 0)},{B(0,\, 2,\, 0)},{P(0,\, 0,\, 2)},{D(0,\, -1,\, 1)},∴{\overrightarrow{PD}= (0,-1,-1),\overrightarrow{BC}= (2,-2,0),\overrightarrow{BD}= (0,-3,1)},由{\left ( {1} \right )}知{PD\perp }平面{COD},∴{\overrightarrow{PD}}是平面{DCO}的一个法向量,设平面{BDC}的法向量为{\overrightarrow{n}= (x,y,z)},∴{\begin{cases} \overrightarrow {n} \cdot \overrightarrow {BC}=0, \\\overrightarrow{n} \cdot\overrightarrow{BD}= 0. \end{cases}}∴{\left\{ {\begin{matrix} {2x-2y= 0}, \\ {-3y+ z= 0}. \end{matrix}} \right.}令{y= 1},则{x= 1},{z= 3},∴{\overrightarrow{n}= (1,1,3)},∴{\cos \lt \overrightarrow{PD},\overrightarrow{n}\gt}{ = \dfrac{\overrightarrow {PD} \cdot \overrightarrow {n}}{|\overrightarrow{PD}| |\overrightarrow{n}|}}{= \dfrac{-1-3}{\sqrt{2}\sqrt{11}}= -\dfrac{2\sqrt{22}}{11}}.由图可知:二面角{B-DC-O}为锐角,二面角{B-DC-O}的余弦值为{\dfrac{2\sqrt{22}}{11}}.【考点】用空间向量求平面间的夹角直线与平面垂直的判定【解析】(1)设{OA= 1},则{PO= OB= 2},{DA= 1},由{DA\,//\,PO},{PO\perp }平面{ABC},知{DA\perp }平面{ABC},可得{DA\perp AO}.利用勾股定理的逆定理可得:{PD\perp \rm{DO} }.由{OC= OB= 2},{\angle ABC= 45^{{\circ} }},可得{CO\perp AB},又{PO\perp }平面{ABC},可得{PO\perp OC},得到{CO\perp }平面{PAB}.得到{CO\perp PD}.即可证明.(2)如图建立空间直角坐标系,点{A}为坐标原点,设{AB= 1},利用线面垂直的性质、向量垂直与数量积的关系得出两个平面的法向量,求出其夹角即可.【解答】{\left ( {1} \right )}证明:设{OA= 1},则{PO= OB= 2},{DA= 1},由{DA\,//\,PO},{PO\perp }平面{ABC},知{DA\perp }平面{ABC},∴{DA\perp AO}.从而{ DO = \sqrt{2},PD= \sqrt{2}},在{\triangle P \rm{DO} }中,∵{PO= 2},∴{\triangle PDO}为直角三角形,故{PD\perp DO}.又∵{OC= OB= 2},{\angle ABC= 45^{{\circ} }},∴{CO\perp AB},又{PO\perp }平面{ABC},∴{PO\perp OC},又{PO},{AB\subset }平面{PAB},{PO\cap AB= O},∴{CO\perp }平面{PAB}.故{CO\perp PD}.∵{CO\cap DO= O},∴{PD\perp }平面{COD}.{\left ( {2} \right )}解:以{OC},{OB},{OP}所在射线分别为{x},{y},{z}轴,建立直角坐标系如图.则由{\left ( {1} \right )}知,{C(2,\, 0,\, 0)},{B(0,\, 2,\, 0)},{P(0,\, 0,\, 2)},{D(0,\, -1,\, 1)},∴{\overrightarrow{PD}= (0,-1,-1),\overrightarrow{BC}= (2,-2,0),\overrightarrow{BD}= (0,-3,1)},由{\left ( {1} \right )}知{PD\perp }平面{COD},∴{\overrightarrow{PD}}是平面{DCO}的一个法向量,设平面{BDC}的法向量为{\overrightarrow{n}= (x,y,z)},∴{\begin{cases} \overrightarrow {n} \cdot \overrightarrow {BC}=0, \\\overrightarrow{n} \cdot\overrightarrow{BD}= 0. \end{cases}}∴{\left\{ {\begin{matrix} {2x-2y= 0}, \\ {-3y+ z= 0}. \end{matrix}} \right.}令{y= 1},则{x= 1},{z= 3},∴{\overrightarrow{n}= (1,1,3)},∴{\cos \lt \overrightarrow{PD},\overrightarrow{n}\gt}{ = \dfrac{\overrightarrow {PD} \cdot \overrightarrow {n}}{|\overrightarrow{PD}| |\overrightarrow{n}|}}{= \dfrac{-1-3}{\sqrt{2}\sqrt{11}}= -\dfrac{2\sqrt{22}}{11}}.由图可知:二面角{B-DC-O}为锐角,二面角{B-DC-O}的余弦值为{\dfrac{2\sqrt{22}}{11}}.20.【答案】解:{(1)}众数为{8.6},中位数为{\dfrac{8.7+8.8}{2}=8.75}.{(2)}设{A_{i}}({i=0},{1},{2},{3})表示所取{3}人中有{i}个人是“极幸福”,至多有{1}人是“极幸福”记为事件{A},则{P\left( A\right) =P\left( A_{0}\right) +P\left( A_{1}\right) }{=\rm \dfrac{C^{3}_{12}}{C^{3}_{16}}+\dfrac{C^{1}_{4}C^{2}_{12}}{C^{3}_{16}}}{=\dfrac{121}{140}}.{(3)}{\xi}的所有可能取值为{0},{1},{2},{3},则{\xi \sim B\left( 3, \dfrac{1}{4}\right)},{P\left( \xi =0\right) =\left( \dfrac{3}{4}\right) ^{3}=\dfrac{27}{64}},{P\left( \xi =1\right) =\rm C^{1}_{3}\cdot \dfrac{1}{4}\cdot \left( \dfrac{3}{4}\right) ^{2}=\dfrac{27} {64}},{P\left( \xi =2\right) =\rm C^{2}_{3}\cdot \left( \dfrac{1}{4}\right) ^{2}\cdot \dfrac{3}{4}=\dfrac{9} {64}},{P\left( \xi =3\right) =\left( \dfrac{1}{4}\right) ^{3}=\dfrac{1}{64}},{\xi}的分布列为:{\xi}{0}{1}{2}{3}{P}{\dfrac{27}{64}}{\dfrac{27}{64}}{\dfrac{9}{64}}{\dfrac{1}{64}}∴{E\left( \xi \right) =np=0.75},{D\left( \xi \right) =np\left( 1-p\right) =0.5625}.【考点】众数、中位数、平均数、百分位数古典概型及其概率计算公式离散型随机变量的期望与方差离散型随机变量及其分布列【解析】此题暂无解析【解答】解:{(1)}众数为{8.6},中位数为{\dfrac{8.7+8.8}{2}=8.75}.{(2)}设{A_{i}}({i=0},{1},{2},{3})表示所取{3}人中有{i}个人是“极幸福”,至多有{1}人是“极幸福”记为事件{A},则{P\left( A\right) =P\left( A_{0}\right) +P\left( A_{1}\right) }{=\rm \dfrac{C^{3}_{12}}{C^{3}_{16}}+\dfrac{C^{1}_{4}C^{2}_{12}}{C^{3}_{16}}}{=\dfrac{121}{140}}.{(3)}{\xi}的所有可能取值为{0},{1},{2},{3},则{\xi \sim B\left( 3, \dfrac{1}{4}\right)},{P\left( \xi =0\right) =\left( \dfrac{3}{4}\right) ^{3}=\dfrac{27}{64}},{P\left( \xi =1\right) =\rm C^{1}_{3}\cdot \dfrac{1}{4}\cdot \left( \dfrac{3}{4}\right) ^{2}=\dfrac{27} {64}},{P\left( \xi =2\right) =\rm C^{2}_{3}\cdot \left( \dfrac{1}{4}\right) ^{2}\cdot \dfrac{3}{4}=\dfrac{9} {64}},{P\left( \xi =3\right) =\left( \dfrac{1}{4}\right) ^{3}=\dfrac{1}{64}},{\xi}的分布列为:{\xi}{0}{1}{2}{3}{P}{\dfrac{27}{64}}{\dfrac{27}{64}}{\dfrac{9}{64}}{\dfrac{1}{64}}∴{E\left( \xi \right) =np=0.75},{D\left( \xi \right) =np\left( 1-p\right) =0.5625}.21.【答案】解:{(1)}{A(-a, 0)},{B(a, 0)},{C(0, 1)},则{\overrightarrow {AC}=(a, 1)},{ \overrightarrow {BC}=(-a, 1)},因为{\overrightarrow {AC}\cdot \overrightarrow {BC}=-3},所以{-a^{2}+1=-3},得{a^{2}=4.}所以椭圆的方程为{\dfrac{x^{2}}{4}+y^{2}=1}.{(2)}当直线{MN}的斜率不存在时,设直线{MN}的方程为{x=x_{0}},设{M\left(x_{0}, y_{0}\right)},则{N(x_{0},-y_{0})},因为{O}为{\triangle MNP}的重心,所以{P(-2x_0, 0)},由{M},{N},{P}在椭圆上,所以{\dfrac{x^{2}_{0}}{4}+y^{2}_{0}=1}且{\dfrac{4x^{2}_{0}}{4}=1},解得{x^{2}_{0}=1},{y^{2}_{0}=\dfrac{3}{4}.}易知{S_{\triangle MNP}=\dfrac{1}{2}\times 2\times \dfrac{\sqrt{3}}{2}\times 3=\dfrac{3\sqrt{3}}{2}}.当直线{MN}的斜率存在时,设直线{MN}的方程为{y=kx+m},设{M\left(x_{1}, y_{1}\right)},{ N\left(x_{2}, y_{2}\right)},由 {\left\{ \begin{array} {l}{\dfrac{x^{2}}{4}+y^{2}=1}, \\ {y=kx+m},\end{array} \right.}得{(1+4k^{2})x^{2}+8 km x+4 m^{2} -4=0},则{x_{1}+x_{2}=\dfrac{-8 km }{4k^{2}+1}},{x_{1}x_{2}=\dfrac{4 m^{2} -4}{4k^{2}+1}},{\Delta =16\left(4k^{2}- m^{2} +1\right)},{y_{1}+y_{2}=k(x_{1}+x_{2})+2m=\dfrac{2m}{4k^{2}+1}.}因为{O}为{\triangle MNP}的重心,所以{P\left(\dfrac{8 km }{4k^{2}+1},\dfrac{-2m}{4k^{2}+1}\right)},因为{P}在椭圆上,故{\dfrac{1}{4}\left(\dfrac{8 km }{4k^{2}+1}\right)^{2}+\left(\dfrac{-2m} {4k^{2}+1}\right)^{2}=1},化简得{4 m^{2} =4k^{2}+1}.{| MN | =\sqrt{1+k^{2}}\dfrac{\sqrt{16(4k^2-m^2+1)}}{4k^{2}+1}},点{P}到直线{MN}的距离{d}等于{O}到直线{MN}距离的{3}倍,所以{d=\dfrac{3 | m | }{\sqrt{1+k^{2}}}},所以{S_{\triangle MNP}=\dfrac{1}{2} | MN | \cdot d=\dfrac{1}{2}\times \dfrac{3|m |\sqrt{16(4k^2-m^2+1)} }{4k^{2}+1}}{=\dfrac{6 | m | \sqrt{3m^2}}{4m^2}=\dfrac{3\sqrt{3}}{2}.}综上,{\triangle MNP}的面积为定值{\dfrac{3\sqrt{3}}{2}.}【考点】椭圆的标准方程圆锥曲线中的定点与定值问题【解析】暂无暂无【解答】解:{(1)}{A(-a, 0)},{B(a, 0)},{C(0, 1)},则{\overrightarrow {AC}=(a, 1)},{ \overrightarrow {BC}=(-a, 1)},因为{\overrightarrow {AC}\cdot \overrightarrow {BC}=-3},所以{-a^{2}+1=-3},得{a^{2}=4.}所以椭圆的方程为{\dfrac{x^{2}}{4}+y^{2}=1}.{(2)}当直线{MN}的斜率不存在时,设直线{MN}的方程为{x=x_{0}},设{M\left(x_{0}, y_{0}\right)},则{N(x_{0},-y_{0})},因为{O}为{\triangle MNP}的重心,所以{P(-2x_0, 0)},由{M},{N},{P}在椭圆上,所以{\dfrac{x^{2}_{0}}{4}+y^{2}_{0}=1}且{\dfrac{4x^{2}_{0}}{4}=1},解得{x^{2}_{0}=1},{y^{2}_{0}=\dfrac{3}{4}.}易知{S_{\triangle MNP}=\dfrac{1}{2}\times 2\times \dfrac{\sqrt{3}}{2}\times 3=\dfrac{3\sqrt{3}} {2}}.当直线{MN}的斜率存在时,设直线{MN}的方程为{y=kx+m},设{M\left(x_{1}, y_{1}\right)},{ N\left(x_{2}, y_{2}\right)},由 {\left\{ \begin{array} {l}{\dfrac{x^{2}}{4}+y^{2}=1}, \\ {y=kx+m},\end{array} \right.}得{(1+4k^{2})x^{2}+8 km x+4 m^{2} -4=0},则{x_{1}+x_{2}=\dfrac{-8 km }{4k^{2}+1}},{x_{1}x_{2}=\dfrac{4 m^{2} -4}{4k^{2}+1}},{\Delta =16\left(4k^{2}- m^{2} +1\right)},{y_{1}+y_{2}=k(x_{1}+x_{2})+2m=\dfrac{2m}{4k^{2}+1}.}因为{O}为{\triangle MNP}的重心,所以{P\left(\dfrac{8 km }{4k^{2}+1},\dfrac{-2m}{4k^{2}+1}\right)},因为{P}在椭圆上,故{\dfrac{1}{4}\left(\dfrac{8 km }{4k^{2}+1}\right)^{2}+\left(\dfrac{-2m}{4k^{2}+1}\right)^{2}=1},化简得{4 m^{2} =4k^{2}+1}.{| MN | =\sqrt{1+k^{2}}\dfrac{\sqrt{16(4k^2-m^2+1)}}{4k^{2}+1}},点{P}到直线{MN}的距离{d}等于{O}到直线{MN}距离的{3}倍,所以{d=\dfrac{3 | m | }{\sqrt{1+k^{2}}}},所以{S_{\triangle MNP}=\dfrac{1}{2} | MN | \cdot d=\dfrac{1}{2}\times \dfrac{3|m |\sqrt{16(4k^2-m^2+1)} }{4k^{2}+1}}{=\dfrac{6 | m | \sqrt{3m^2}}{4m^2}=\dfrac{3\sqrt{3}}{2}.}综上,{\triangle MNP}的面积为定值{\dfrac{3\sqrt{3}}{2}.}22.【答案】解:{(1)}当{a= 1}时,{f\left(x\right)= \ln x- x+ 1},定义域为{\left(0, + \infty \right)} ,则{f^{\prime }\left(x\right)= \dfrac{1}{x}- 1},令{f^{\prime }\left(x\right)= 0},解得{x= 1}.当{x\in \left(0, 1\right)}时,{f^{\prime }\left(x\right)\gt 0},{f\left(x\right)}单调递增;当{x\in \left(1, + \infty \right)}时,{f^{\prime }\left(x\right)\lt 0},{f\left(x\right)}单调递减,所以{f\left(x\right)_{ \rm \max }= f\left(1\right)= 0}.{(2)}由题意知,方程{f\left(x\right)= \ln x- \dfrac{x- 1}{a}= 0}在{\left(2, {\rm e}\right)}上有实根.因为{\ln x\ne 0} ,所以方程可转化为{a= \dfrac{x- 1}{\ln x}}.设{g\left(x\right)= \dfrac{x- 1}{\ln x}},则{g^{\prime }\left(x\right)= \dfrac{\ln x- \frac{1}{x}\left(x- 1\right)}{\left(\ln x\right)^{2}}= \dfrac{\ln x+ \frac{1}{x}- 1}{\left(\ln x\right)^{2}}}.设{h\left(x\right)= \ln x+ \dfrac{1}{x}- 1},则{h^{\prime }\left(x\right)= \dfrac{1}{x}- \dfrac{1}{x^{2}}}.当{2\lt x\lt {\rm e}}时,{h^{\prime }\left(x\right)\gt 0},所以{h\left(x\right)}在 {\left(2, {\rm e}\right)} 上单调递增,所以{h\left(x\right)\gt h\left(2\right)= \ln 2- \dfrac{1}{2}\gt 0},于是{g^{\prime }\left(x\right)\gt 0},所以{g\left(x\right)}在{\left(2, {\rm e}\right)}上单调递增,所以{g\left(2\right)\lt g\left(x\right)\lt g\left({\rm e}\right)},即{\dfrac{1}{\ln 2}\lt g\left(x\right)\lt {\rm e}- 1}.综上所述,实数{a}的取值范围是{\left(\dfrac{1}{\ln 2}, {\rm e}- 1\right)}.【考点】利用导数研究与函数零点有关的问题利用导数研究函数的最值【解析】此题暂无解析【解答】解:{(1)}当{a= 1}时,{f\left(x\right)= \ln x- x+ 1},定义域为{\left(0, + \infty \right)} ,则{f^{\prime }\left(x\right)= \dfrac{1}{x}- 1},令{f^{\prime }\left(x\right)= 0},解得{x= 1}.当{x\in \left(0, 1\right)}时,{f^{\prime }\left(x\right)\gt 0},{f\left(x\right)}单调递增;当{x\in \left(1, + \infty \right)}时,{f^{\prime }\left(x\right)\lt 0},{f\left(x\right)}单调递减,所以{f\left(x\right)_{ \rm \max }= f\left(1\right)= 0}.{(2)}由题意知,方程{f\left(x\right)= \ln x- \dfrac{x- 1}{a}= 0}在{\left(2, {\rm e}\right)}上有实根.因为{\ln x\ne 0} ,所以方程可转化为{a= \dfrac{x- 1}{\ln x}}.设{g\left(x\right)= \dfrac{x- 1}{\ln x}},则{g^{\prime }\left(x\right)= \dfrac{\ln x- \frac{1}{x}\left(x- 1\right)}{\left(\ln x\right)^{2}}= \dfrac{\ln x+ \frac{1}{x}- 1}{\left(\ln x\right)^{2}}}.设{h\left(x\right)= \ln x+ \dfrac{1}{x}- 1},则{h^{\prime }\left(x\right)= \dfrac{1}{x}- \dfrac{1}{x^{2}}}.当{2\lt x\lt {\rm e}}时,{h^{\prime }\left(x\right)\gt 0},所以{h\left(x\right)}在 {\left(2, {\rm e}\right)} 上单调递增,所以{h\left(x\right)\gt h\left(2\right)= \ln 2- \dfrac{1}{2}\gt 0},于是{g^{\prime }\left(x\right)\gt 0},所以{g\left(x\right)}在{\left(2, {\rm e}\right)}上单调递增,所以{g\left(2\right)\lt g\left(x\right)\lt g\left({\rm e}\right)},即{\dfrac{1}{\ln 2}\lt g\left(x\right)\lt {\rm e}- 1}.综上所述,实数{a}的取值范围是{\left(\dfrac{1}{\ln 2}, {\rm e}- 1\right)}.。

浙江省杭州市某重点中学高三数学上学期第一次月考试卷 理 新人教A版

浙江省杭州市某重点中学高三数学上学期第一次月考试卷 理 新人教A版

高三年级第一次月考问卷一.选择题:本大题共10题,每小题5分,共50分.1.若集合1|lg ,1010A y y x x ⎧⎫==≤≤⎨⎬⎩⎭,{2,1,1,2}B =--,全集U =R ,则下列结论正确的是( )A .{1,1}AB =- B 。

()[1,1]U A B =- ðC .(2,2)A B =-D 。

()[2,2]U A B =- ð2.已知a ,b 都是实数,那么“22a b >”是“a b >”的( )A.充分而不必要条件 B 。

必要而不充分条件 C .充分必要条件 D 。

既不充分也不必要条件3. 在平行四边形ABCD 中, AC 为一条对角线,(2,4),(1,3),AB AC ==则AD = ( )A.(2,4)B.(3,5)()1 , 1C.()1,1--D.(—2,—4)4.下列命题中的假命题是( ) A .,lg 0x R x ∃∈=B.,tan 1x R x ∃∈=C .3,0x R x ∀∈> D .02,>∈∀x R x 5.如图是导函数()y f x '=的图像,则下列命题错误的是A .导函数()y f x '=在1x x =处有极小值B .导函数()y f x '=在2x x =处有极大值C .函数3()y f x x x ==在处有极小值D .函数4()y f x x x ==在处有极小值6.若ABC ∆的三个内角A 、B 、C 满足6sin 4sin 3sin A B C ==,则ABC ∆( ) A .一定是锐角三角形 B .一定是直角三角形C .一定是钝角三角形D .可能是锐角三角形,也可能是钝角三角形7.若函数 22()sin cos 144f x x x ππ⎛⎫⎛⎫=++-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,则函数()f x 是(A) 周期为π的偶函数(B) 周期为2π的偶函数 (C) 周期为2π的奇函数(D) 周期为π的奇函数8.函数)(x f 在定义域R 内可导,若()(2),f x f x =-且(1)'()0x f x-<,若),3(),21(),0(f c f b f a ===则c b a ,,的大小关系是( )A .c b a >>B .a b c >>C .b a c >>D .b c a >>9.设函数()f x 的定义域为D ,如果对于任意的1x D ∈,存在唯一的2x D ∈,使得 12()()2f x f x C+= 成立(其中C 为常数),则称函数()y f x =在D 上的均值为C , 现在给出下列4个函数: ①3y x = ②4sin y x = ③lg y x = ④2xy = ,则在其定义域上的均值为 2的所有函数是下面的 ( ▲ )A. ①②B. ③④C. ①③④D. ①③10. 若函数()() y f x x R =∈满足()()2f x f x +=且[]1,1x ∈-时,()21f x x =-,函数()()()lg 01 0x x g x x x ⎧>⎪=⎨-<⎪⎩,则函数()()()h x f x g x =-在区间[]5,5-内的零点的个数为A .5B .7C .8D .10二.填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. 已知函数67,0()10,0xx x f x x +<⎧=⎨≥⎩,则(0)(1)f f +-= 12.若函数2()f x x x a =-+为偶函数,则实数a =13.设 a 、b 为两非零向量,且满足 | a |=2| b |=| 2a + 3b |,则两向量 a 、b 的夹角的余弦值为 。

2022-2023学年人教A版高三上数学月考试卷(含解析)

2022-2023学年人教A版高三上数学月考试卷(含解析)

2022-2023学年高中高三上数学月考试卷学校:____________ 班级:____________ 姓名:____________ 考号:____________考试总分:115 分 考试时间: 120 分钟注意事项:1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息; 2.请将答案正确填写在答题卡上;卷I (选择题)一、 选择题 (本题共计 12 小题 ,每题 5 分 ,共计60分 )1. 已知命题,,则命题为( )A.,B.,C.,D.,2. 如图,有两张全等的矩形纸片和,,把纸片交叉叠放在纸片上,使重叠部分为平行四边形,且点与点重合.当两张纸片交叉所成的角最小时,等于( )A.B.C.D.3. 已知,则“”是“”的( )A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件p :∀x ∈R ≥1+sin x e x ¬p ∀x ∈R <1+sin xe x ∀x ∈R ≤1+sin xe x ∃∈R x 0≤1+sin e x 0x 0∃∈R x 0<1+sin e x 0x 0ABCD EFGH BC =FG =4AB ABCD EFGH D G a tan α1412817815x ∈R x <−1>1x 2D.既不充分也不必要条件4. 已知则为( )A.B.C.D.5. 已知是正项等比数列的前项和,又 且成等差数列,则()A.B.C.D.6. 如图,在中,为线段上靠近的三等分点,点在上且,则实数的值为( )A.B.C.D.7. 设变量,满足约束条件 则目标函数的最小值是( )A.B.f (x)={x −5,x ≥6,f (x +2),x <6,f(1)4321S n {}a n n =2a 12,4,a 3a 2a 4=S 10210211−2210−2211△ABC N AC A P BN =AP −→−(m +)+211AB −→−211BC −→−m 113911511x y y ≤4,2x −3y ≤−2,2x +y ≥6,z =x +y 13D.8. 已知函数(且)恒过定点.若直线过点,其中,是正实数,则的最小值是( )A.B.C.D.9. 已知函数 ,的图象上的两个相邻最高点和最低点的坐标分别为,,将的图象向左平移个单位,得到的图象.若,是函数和图象的两个不同交点,则的最小值为( )A.B.C.D.10. 若 ,, 且函数 在上单调,则 的解集为( )A.B.C.D.11. 已知定义域为的函数满足,,当时,,则 A.B.C.5y = x +1log a a >0a ≠1A mx +ny =1A m n +1m 2n3+2–√5923+22–√f (x)=2cos(ωx +φ)(ω>0−π<φ<0)(,2)5π12(,−2)11π12f (x)π4g(x)A (,)x 1y 1B (,)x 2y 2f (x)g(x)|−|x 1x 2π8π4π2πx,y ∈R f(x +y)=f(x)+f(y)f(1)=1y =f(x)R |f(x)|≤2[−2,2][−2,0)[−1,1][0,2]R f(x)f(−x)=f(x)f(x +2)=1f(x)x ∈[0,2]f(x)=2(x +3)log 2f(923)=()16923412. 若不等式对任意恒成立,则实数的取值范围为( )A.B.C.D.卷II (非选择题)二、 填空题 (本题共计 4 小题 ,每题 5 分 ,共计20分 )13. 已知非零向量,满足,与的夹角为,则的取值范围是________.14. 若角的终边经过点,则________.15. 小明以每分钟米的速度向东行走,他在处看到一电视塔在北偏东,行走小时后,到达处,看到这个电视塔在北偏西,则此时小明与电视塔的距离为________米.16. 如图,已知正方形的边长为,点为的中点.以为圆心,为半径,作弧交于点.若为劣弧上的动点,则的最小值为________.三、 解答题 (本题共计 7 小题 ,每题 5 分 ,共计35分 )17. 已知数列的前项和为,,.求数列的通项公式;若,,求证:.18. 已知函数.4−x <0x 2log a x ∈(0,)14a [,1)1256(,1)1256(0,)1256(0,]1256a b ||=1b a −b a 120∘||a α(1,2)tan(α−)=π4206–√A B 30∘1C 15∘ABCD 2E AB A AE AD F P EF ˆ⋅PC −→−PD −→−{}a n n S n =a 1233(n +1)−n =0S n S n+1(1){}a n (2)=b n 2a n+1S n S n+1n ∈N +++⋯+<3b 1b 2b n f(x)=2x −sin(2x −π)cos 276f(x)(1)求的单调递增区间(2)已知的外接圆半径为,,,的对边分别为,,,若,,求的取值范围. 19. 如图,与在同一个平面内,,,.求;若,且的面积为,求的长. 20. 已知函数.当,时,判断函数在区间内的单调性;已知曲线在点处的切线方程为.求的解析式;判断方程在区间上解的个数,并说明理由. 21. 已知在与时都取得极值.求,的值;求的单调区间和极值.22. 以原点为极点,以轴的正半轴为极轴建立极坐标系,在极坐标系中,已知圆的圆心,半径.求圆的极坐标方程;若,直线的参数方程为(为参数),直线交圆于,两点,求弦长的取值范围. 23. 已知,,均为正实数,函数的最小值为证明:;.f(x)△ABC R A B C a b c f(A)=32sin B +sin C =2R a △ABC △ACD ∠CAD =π4AB =BC 2–√A −B =AC ⋅BC C 2C 22–√(1)∠ACB (2)AB =2−23–√△ACD 3CD f (x)=+b (a,b ∈R)a cos x x(1)a =1b =0f (x)(0,)π2(2)f (x)=+b a cos x x (,f ())π2π2y =−x +26π(ⅰ)f (x)(ⅱ)f (x)=−132π(0,2π]f(x)=+a +bx +1x 3x 2x =1x =−13(1)a b (2)f(x)O x C C (,)2–√π4r =3–√(1)C (2)α∈[0,)π4l {x =2+t cos α,y =2+t sin αt l C A B |AB|a b c f (x)=|x +|+|x −|+1a 21b 214c 2 1.(1)++4≥9a 2b 2c 2(2)++≤11ab 12bc 12ac参考答案与试题解析2022-2023学年高中高三上数学月考试卷一、 选择题 (本题共计 12 小题 ,每题 5 分 ,共计60分 )1.【答案】D【考点】命题的否定【解析】直接利用全称命题的否定是特称命题写出结果即可.【解答】解:因为全称命题的否定是特称命题,所以命题,的否定是:,.故选.2.【答案】D【考点】命题的真假判断与应用【解析】由“”可证,可证=,即可证四边形是菱形,当点与点重合时,两张纸片交叉所成的角最小,可求,即可求的值.【解答】解:如图,p :∀x ∈R ≥1+sin x e x ∃∈R x 0<1+sin e x 0x 0D ASA △CDM ≅△HDN MD DN DNKM B E a CM =154tan α∵,∴,且,.∴.∴,且四边形是平行四边形.∴四边形是菱形.∴.∵,∴当点与点重合时,两张纸片交叉所成的角最小.设,则,∵,∴.∴.∴.∴.故选.3.【答案】A【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答4.【答案】C【考点】函数的求值∠ADC=∠HDF =90∘∠CDM=∠NDH CD=DH ∠H=∠C=90∘△CDM ≅△HDN(ASA)MD =ND DNKM DNKM KM =DM sin α=sin ∠DMC =CD MD B E αMD =a =BM CM =8−a MD 2=C +M D 2C 2a 2=4+(8−a)2a =174CM =154tan α=tan ∠DMC ==CD MC 815D分段函数的应用【解析】由分段函数解析式得到,代入即可求解.【解答】解:∵∴.故选.5.【答案】D【考点】等比数列的前n 项和等差数列的性质【解析】此题暂无解析【解答】解:成等差数列,故满足所以,,或(舍),可知,所以.故选.6.【答案】D【考点】向量在几何中的应用【解析】此题暂无解析【解答】f(1)=f(7)f (x)={x −5,x ≥6,f (x +2),x <6,f(1)=f(3)=f(5)=f(7)=7−5=2C 2,4,a 3a 2a 48=a 22+,a 3a 48q =2+,+2q −8=0q 2q 3q 2(q +4)(q −2)=0q =2q =−4q =2=S 10=−22(1−)2101−2211D λ−→−−→−解:设,所以.又,所以解得故选.7.【答案】C【考点】简单线性规划求线性目标函数的最值【解析】由约束条件作出可行域,化目标函数为直线方程的斜截式,数形结合得到最优解,把最优解的坐标代入目标函数得答案.【解答】解:由约束条件作出可行域,如图所示,=λBP −→−BN −→−=λ(−)AN −→−AB −→−=λ(−)13AC −→−AB −→−=−λ+(0≤λ≤1)AB −→−λ3AC −→−=+AP −→−AB −→−BP −→−=(1−λ)+AB −→−λ3AC −→−=AP −→−(m +)+211AB −→−211BC −→−=(m +)+(−)211AB −→−211AC −→−AB −→−=m +AB −→−211AC −→− =,λ32111−λ=m, λ=,611m =.511D联立 解得(,),化为,由图可知,当直线过时,直线在轴上的截距最小,有最小值为.故选.8.【答案】D【考点】基本不等式在最值问题中的应用对数函数的单调性与特殊点【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答9.【答案】C【考点】函数y=Asin (ωx+φ)的图象变换由y=Asin (ωx+φ)的部分图象确定其解析式【解析】根据已知条件求出,再根据和的关系求出,根据求出值,根据相邻两个交点的横坐标之差得出答案【解答】解:由题意,,所以.将点代入中,得,所以,{2x −3y =−2,2x +y =6,A 22z =x +y y =−x +z y =−x +z A y z 2+2=4C f (x)f(x)g(x)g(x)f(x)=g(x)x T =2(−)=π11π125π12ω=2(,2)5π12f(x)=2cos(2x +φ)2cos (2×+φ)=25π12+φ=2kπ(k ∈Z)5π6=2kπ−(k ∈Z)5π解得.又因为,所以,所以.因为,由,得,所以,解得,相邻两个交点的横坐标之差为,即.故选.10.【答案】A【考点】奇偶性与单调性的综合函数单调性的性质【解析】由已知条件令有,,令,求得,再令,求出为奇函数,由于在区间上单调递增,则在上是递增函数,将所求不等式化简为.再由单调性即可求得的范围.【解答】解:由于,令,则,则.再令,则,即为奇函数.令,则,则,由可得,故.因为在上单调,,则在上是递增函数,故.故选.11.【答案】φ=2kπ−(k ∈Z)5π6−π<φ<0φ=−5π6f(x)=2cos (2x −)5π6g(x)=f(x +)=2cos [2(x +)−]π4π45π6=2cos (2x −)π32cos (2x −)=2cos (2x −)5π6π32sin (−2x +)=2cos (2x −)π3π3−2x +=kπ+(k ∈Z)π3π4x =−+(k ∈Z)kπ2π24π2=|−|x 1x 2min π2C x =y f(2x)=2f(x)x =y =0f(0)=0y =−x f(x)f(x)(0,+∞)f(x)R f(2a −a)≤f(1)log 2log 2a f(x +y)=f(x)+f(y)x =1,y =0f(1)=f(1)+f(0)=1f(0)=0y =−x f(0)=f(x)+f(−x)=0f(x)x =1,y =1f(2)=f(1+1)=2f(1)=2f(−2)=−2|f(x)|≤2−2≤f(x)≤2f(−2)≤f(x)≤f(2)f(x)R f(1)>f(0)f(x)R −2≤x ≤2AC【考点】函数的周期性函数的求值【解析】根据题意,分析可得=,即函数是周期为的周期函数,进而可得===,结合函数的解析式分析可得答案.【解答】解:因为,所以,所以是周期为的偶函数.所以,所以.故选.12.【答案】A【考点】指、对数不等式的解法【解析】由题意可得,时,函数的图象在函数的图象的下方,可得.再根据它们的单调性可得,解此对数不等式求得的范围.【解答】解:∵不等式对任意恒成立,∴时,函数的图象在函数的图象的下方,∴.再根据它们的单调性可得,即,∴,∴.综上可得,,故选:.f(x +4)f(x)f(x)4f(923)f(−1+231×4)f(−1)f(1)f(−x)=f(x),f(x +2)=1f(x)f(x +4)===f(x)1f(x +2)11f(x)f(x)4f(923)=f(4×231−1)=f(−1)=f(1)f(1)=24=4log 2C x ∈(0,)14y =4x 2y =x log a 0<a <14×(≤14)2log a 14a 4−x <0x 2log a x ∈(0,)14x ∈(0,)14y =4x 2y =x log a 0<a <14×(≤14)2log a 14≤log a a 14log a 14≥a 1414a ≥1256≤a <11256A二、 填空题 (本题共计 4 小题 ,每题 5 分 ,共计20分 )13.【答案】【考点】数量积表示两个向量的夹角【解析】设,,由已知与的夹角为可得,由正弦定理得,从而可求的取值范围【解答】设,,如图所示:则由又∵与的夹角为,∴又由由正弦定理得∴故答案为:.14.【答案】【考点】两角和与差的正切公式(0,]23–√3=AB →a =AC →b a −b a 120∘∠ABC =60∘=||a sin C ||bsin 60∘||=sin C ≤a 23–√323–√3||a =AB →a =AC →b=−BC →AC →AB→a −b a 120∘∠ABC =60∘||=||=1AC ¯¯¯¯¯¯¯¯b =||a sin C ||b sin 60∘||=sin C ≤a 23–√323–√3||∈(0,]a 23–√3(0,brack 23–√313任意角的三角函数【解析】此题暂无解析【解答】解:由题知,所以.故答案为:.15.【答案】【考点】解三角形的实际应用正弦定理【解析】画出图形,求出,利用正弦定理求解即可.【解答】解:由题意得,,所以,(米),所以,所以(米).故答案为:.16.【答案】tan α=2tan(α−)==π42−11+2×113133600AC ∠BAC =60∘∠ACB =75∘∠B =45∘AC =20×60=12006–√6–√=BC sin 60∘12006–√sin 45∘BC =360036005−25–√【考点】平面向量在三角函数中的应用两角和与差的正弦公式平面向量数量积的运算平面向量的坐标运算【解析】首先以为原点,直线,分别为,轴,建立平面直角坐标系,可设,从而可表示出,根据两角和的正弦公式即可得到,从而可求出的最小值.【解答】解:如图,以为原点,边,所在直线为,轴建立平面直角坐标系,则:,,,设;∴,;∴时,取最小值.故答案为:.三、 解答题 (本题共计 7 小题 ,每题 5 分 ,共计35分 )17.【答案】解:由得,所以数列是以为首项,为公比的等比数列,于是,故,当时,,又当时,符合上式,所以,.A AB AD x y P(cos θ,sin θ)⋅=5−2(cos θ+2sin θ)PC −→−PD −→−⋅=5−2sin(θ+φ)PC −→−PD −→−5–√⋅PC −→−PD −→−A AB AD x y A(0,0)C(2,2)D(0,2)P(cos θ,sin θ)⋅=(2−cos θ,2−sin θ)⋅(−cos θ,2−sin θ)PC −→−PD −→−=(2−cos θ)(−cos θ)+(2−sin θ)2=5−2(cos θ+2sin θ)=5−2sin(θ+φ)5–√tan φ=12sin(θ+φ)=1⋅PC −→−PD −→−5−25–√5−25–√(1)3(n +1)−n =0S n S n+1=3×S n+1n +1S n n {}S n n ==S 11a 1233=×=2⋅S n n 233n−13n−2=2n ⋅S n 3n−2n ≥2=−=2n ⋅−2(n −1)⋅=(4n +2)⋅a n S n S n−13n−23n−33n−3n =1=a 123=(4n +2)⋅a n 3n−3n ∈N +==2(−)2+12(−)S +1S证明:,.【考点】数列递推式等比数列的通项公式数列的求和【解析】首先构造等比数列,求出,再求出;利用裂项求和及放缩法得出答案.【解答】解:由得,所以数列是以为首项,为公比的等比数列,于是,故,当时,,又当时,符合上式,所以,.证明:,.18.【答案】函数.,令,(2)===2(−)b n 2a n+1S n S n+12(−)S n+1S n S n S n+11S n 1S n+1++⋅⋅⋅+b 1b 2bn=2[(−)+(−)+⋅⋅⋅+(−)]1S 11S 21S 21S 31S n 1S n+1=2(−)<2×=31S 11S n+11S 1Sn a n (1)3(n +1)−n =0S n S n+1=3×S n+1n +1S n n{}S n n ==S 11a 1233=×=2⋅S n n 233n−13n−2=2n ⋅S n 3n−2n ≥2=−=2n ⋅−2(n −1)⋅=(4n +2)⋅a n S n S n−13n−23n−33n−3n =1=a 123=(4n +2)⋅a n 3n−3n∈N +(2)===2(−)b n 2a n+1S n S n+12(−)S n+1S n S n S n+11S n 1S n+1++⋅⋅⋅+b 1b 2b n=2[(−)+(−)+⋅⋅⋅+(−)]1S 11S 21S 21S 31S n 1S n+1=2(−)<2×=31S 11S n+11S 1f(x)=2x −sin(2x −π)cos 276=cos 2x +1+sin(2x −)π6=cos 2x +sin 2x +1123–√2=cos(2x −)+1π32kπ−π≤2x −≤2kπ(k ∈Z)π3π−≤x ≤kπ+(k ∈Z)ππ解得,所以单调递增区间为.由(1)得:,则:,由于:,解得:,所以:.由于:,所以:,即:.所以:则:,解得:,因为故:的取值范围是:.【考点】正弦函数的单调性三角函数的恒等变换及化简求值【解析】(1)直接利用三角函数关系式的恒等变换,把函数的关系式变形成余弦形函数,进一步求出函数的单调区间.(2)利用(1)的结论,首先求出的值,进一步利用正弦定理和余弦定理的应用,及基本关系式求出结果.【解答】函数.,令,解得,所以单调递增区间为.由(1)得:,则:,kπ−≤x ≤kπ+(k ∈Z)π3π6[kπ−,kπ+](k ∈Z)π3π6f(A)=32cos(2A +)=π3120<A <π<2A +<π3π37π3A =2π3sin B +sin C =2R 2R sin B +2R sin C =4b +c =4bc ≤(=4b +c 2)2=+−2bc cos A =++bc ≥(b +−(a 2b 2c 2b 2c 2c)2b +c 2)2a ≥23–√a <b +c =4a [2,4)3–√A f(x)=2x −sin(2x −π)cos 276=cos 2x +1+sin(2x −)π6=cos 2x +sin 2x +1123–√2=cos(2x −)+1π32kπ−π≤2x −≤2kπ(k ∈Z)π3kπ−≤x ≤kπ+(k ∈Z)π3π6[kπ−,kπ+](k ∈Z)π3π6f(A)=32cos(2A +)=π3120<A <π由于:,解得:,所以:.由于:,所以:,即:.所以:则:,解得:,因为故:的取值范围是:.19.【答案】解:因为,,所以,,所以.因为,,所以.又因为,所以,整体得,解得或(舍去).因为,所以,由余弦定理得,所以.【考点】余弦定理正弦定理【解析】(1)答案未提供解析.(2)答案未提供解析.【解答】解:因为,,所以,0<A <π<2A +<π3π37π3A =2π3sin B +sin C =2R 2R sin B +2R sin C =4b +c =4bc ≤(=4b +c 2)2=+−2bc cos A =++bc ≥(b +−(a 2b 2c 2b 2c 2c)2b +c 2)2a ≥23–√a <b +c =4a [2,4)3–√(1)AB =BC 2–√A −B =AC ⋅BC C 2C 22–√A +B −A C 2C 2B 2=A +B −2B =AC ⋅BCC 2C 2C 22–√cos ∠ACB =A +B −A C 2C 2B 22AC ⋅BC ==AC ⋅BC 2–√2AC ⋅BC2–√2∠ACB =π4(2)AB =BC 2–√AB =2−23–√BC =−6–√2–√A −B =AC ⋅BC C 2C 22–√A −(−=AC ⋅(−)C 26–√2–√)22–√6–√2–√A −2(−1)AC +4(−2)=0C 23–√3–√AC =2AC =2(−2)3–√=AC ⋅AD ⋅sin ∠CAD =AD =3S △ACD 122–√2AD =32–√C =A +A −2AC ⋅AD ⋅cos ∠CAD =10D 2C 2D 2CD =10−−√(1)AB =BC 2–√A −B =AC ⋅BC C 2C 22–√A +B −A C 2C 2B 2=A +B −2B =AC ⋅BCC 2C 2C 22–√∠ACB =A +B −A 222=AC ⋅BC –√–√,所以.因为,,所以.又因为,所以,整体得,解得或(舍去).因为,所以,由余弦定理得,所以.20.【答案】解:当,时, ,可得.因为,所以,即,所以函数在区间上为单调递减函数.由函数,可得,则.因为函数在点处的切线方程为,所以,解得.当,代入切线方程为,可得,所以函数的解析式为.令,则,①当时,可得,单调递减,又由,,所以函数在区间(上只有一个零点;②当时, ,可得恒成立,所以函数在区间上没有零点;③当时,令,可得,cos ∠ACB =A +B −A C 2C 2B 22AC ⋅BC ==AC ⋅BC 2–√2AC ⋅BC 2–√2∠ACB =π4(2)AB =BC 2–√AB =2−23–√BC =−6–√2–√A −B =AC ⋅BC C 2C 22–√A −(−=AC ⋅(−)C 26–√2–√)22–√6–√2–√A −2(−1)AC +4(−2)=0C 23–√3–√AC =2AC =2(−2)3–√=AC ⋅AD ⋅sin ∠CAD =AD =3S △ACD 122–√2AD =32–√C =A +A −2AC ⋅AD ⋅cos ∠CAD =10D 2C 2D 2CD =10−−√(1)a =1b =0f (x)=cos x x (x)=−f ′sin x ⋅x +cos x x 2x ∈(0,)π2sin x ⋅x +cos x >0(x)<0f ′f (x)(0,)π2(2)(ⅰ)f (x)=+b a cos x x (x)=f ′−a (sin x ⋅x +cos x)x 2()=f ′π2−2a πf (x)(,f ())π2π2y =−x +26π=−−2a π6πa =3x =π2y =−×+2=−16ππ2f ()=b =−1π2f (x)f (x)=−13cos x x (ⅱ)g(x)=f (x)−+1=−32π3cos x x 32π(x)=g ′−3(x sin x +cos x)x 2x ∈(0,]π2(x)<0g ′g(x)g()=−>0π693–√π32πg()=−<0π232πg(x)0,]π2x ∈(,)π23π2cos x <0g(x)=−<03cos x x 32πg(x)(,)π23π2x ∈[,2π]3π2h (x)=x sin x +cos x (x)=x cos x >0h ′,2π]3π()<03π所以在区间单调递增, ,,所以存在,使得在上单调递增,在单调递减,又由,所以函数在上有两个零点,综上可得,方程在(上有个解.【考点】利用导数研究函数的单调性利用导数研究曲线上某点切线方程利用导数研究与函数零点有关的问题【解析】此题暂无解析【解答】解:当,时, ,可得.因为,所以,即,所以函数在区间上为单调递减函数.由函数,可得,则.因为函数在点处的切线方程为,所以,解得.当,代入切线方程为,可得,所以函数的解析式为.令,则,①当时,可得,单调递减,又由,,所以函数在区间(上只有一个零点;②当时, ,可得恒成立,h (x)[,2π]3π2h (2π)>0h ()<03π2∈[,2π]x 03π2g(x)[,)3π2x 0(,2π]x 0g(2π)=0,g()<0π2[,2π]3π2f (x)=−132π0,2π]3(1)a =1b =0f (x)=cos x x (x)=−f ′sin x ⋅x +cos x x 2x ∈(0,)π2sin x ⋅x +cos x >0(x)<0f ′f (x)(0,)π2(2)(ⅰ)f (x)=+b a cos x x (x)=f ′−a (sin x ⋅x +cos x)x 2()=f ′π2−2a πf (x)(,f ())π2π2y =−x +26π=−−2a π6πa =3x =π2y =−×+2=−16ππ2f ()=b =−1π2f (x)f (x)=−13cos x x (ⅱ)g(x)=f (x)−+1=−32π3cos x x 32π(x)=g ′−3(x sin x +cos x)x 2x ∈(0,]π2(x)<0g ′g(x)g()=−>0π693–√π32πg()=−<0π232πg(x)0,]π2x ∈(,)π23π2cos x <0g(x)=−<03cos x x 32π,)3π所以函数在区间上没有零点;③当时,令,可得,所以在区间单调递增, ,,所以存在,使得在上单调递增,在单调递减,又由,所以函数在上有两个零点,综上可得,方程在(上有个解.21.【答案】解:,∵在与时,都取得极值,∴,,即,解得.由知,,又∵,令,即,解得,或,令,即.解得,∴函数的增区间为 ;减区间为,∴函数在时有极大值为 ,在时有极小值为.【考点】利用导数研究函数的极值利用导数研究函数的单调性【解析】此题暂无解析【解答】解:,∵在与时,都取得极值,g(x)(,)π23π2x ∈[,2π]3π2h (x)=x sin x +cos x (x)=x cos x >0h ′h (x)[,2π]3π2h (2π)>0h ()<03π2∈[,2π]x 03π2g(x)[,)3π2x 0(,2π]x 0g(2π)=0,g()<0π2[,2π]3π2f (x)=−132π0,2π]3(1)(x)=3+2ax +b f ′x 2f(x)x =1x =−13(1)=0f ′(−)=0f ′133×1+2a +b =03×(−+2a(−)+b =013)213a =−1,b =−1(2)(1)f(x)=−−x +1x 3x 2(x)=3−2x −1f ′x 2(x)>0f ′3−2x −1>0x 2x <−13x >1(x)<0f ′3−2x −1<0x 2−<x <113(−∞,−),(1,+∞)13(−,1)13x =−133227x =10(1)(x)=3+2ax +b f ′x 2f(x)x =1x =−13−)=01∴,,即,解得.由知,,又∵,令,即,解得,或,令,即.解得,∴函数的增区间为 ;减区间为,∴函数在时有极大值为 ,在时有极小值为.22.【答案】解:的直角坐标为,∴圆的直角坐标方程为 .化为极坐标方程是.将代入圆的直角坐标方程,得,即,∴,,∴ .∵,∴,∴,即弦长的取值范围是.【考点】圆的极坐标方程圆锥曲线中的范围与最值问题【解析】此题暂无解析【解答】解:的直角坐标为,(1)=0f ′(−)=0f ′133×1+2a +b =03×(−+2a(−)+b =013)213a =−1,b =−1(2)(1)f(x)=−−x +1x 3x 2(x)=3−2x −1f ′x 2(x)>0f ′3−2x −1>0x 2x <−13x >1(x)<0f ′3−2x −1<0x 2−<x <113(−∞,−),(1,+∞)13(−,1)13x =−133227x =10(1)C (,)2–√π4(1,1)C +=3(x −1)2(y −1)2−2ρ(cos θ+sin θ)−1=0ρ2(2){x =2+t cos α,y =2+t sin α,C +=3(x −1)2(y −1)2+=3(1+t cos α)2(1+t sin α)2+2t (cos α+sin α)−1=0t 2+=−2(cos α+sin α)t 1t 2⋅=−1t 1t 2|AB|=|−|t 1t 2=−4(+)t 1t 22t 1t 2−−−−−−−−−−−−−√=22+sin 2α−−−−−−−−√α∈[0,)π42α∈[0,)π22≤|AB|<22–√3–√|AB|[2,2)2–√3–√(1)C (,)2–√π4(1,1)+=322∴圆的直角坐标方程为 .化为极坐标方程是.将代入圆的直角坐标方程,得,即,∴,,∴ .∵,∴,∴,即弦长的取值范围是.23.【答案】证明:,,,,,由柯西不等式得,当且仅当时取 “=”,.,,,(以上三式当且仅当时同时取“=”),将以上三式相加得,即.【考点】柯西不等式的几何意义绝对值不等式的解法与证明基本不等式在最值问题中的应用【解析】左侧图片未给出解析.左侧图片未给出解析.【解答】证明:,,,C +=3(x −1)2(y −1)2−2ρ(cos θ+sin θ)−1=0ρ2(2){x =2+t cos α,y =2+t sin αC +=3(x −1)2(y −1)2+=3(1+t cos α)2(1+t sin α)2+2t (cos α+sin α)−1=0t 2+=−2(cos α+sin α)t 1t 2⋅=−1t 1t 2|AB|=|−|t 1t 2=−4(+)t 1t 22t 1t 2−−−−−−−−−−−−−√=22+sin 2α−−−−−−−−√α∈[0,)π42α∈[0,)π22≤|AB|<22–√3–√|AB|[2,2)2–√3–√(1)∵a b c >0∴f(x)=|x +|+|x −|+≥|x +−(x −)|+=++1a 21b 214c 21a 21b 214c 21a 21b 214c 2∴++=11a 21b 214c 2(++4)(++)≥=9a 2b 2c 21a 21b 214c 2(1+1+1)2a =b =2c =3–√∴++4≥9a 2b 2c 2(2)∵+≥1a 21b 22ab +≥1b 214c 21bc +≥1a 214c 21ac a =b =2c =3–√++≤2(++)=22ab 1bc 1ac 1a 21b 214c 2++≤11ab 12bc 12ac (1)∵a b c >0f(x)=|x +|+|x −|+≥|x +−(x −)|+=++111111111,,由柯西不等式得,当且仅当时取 “=”,.,,,(以上三式当且仅当时同时取“=”),将以上三式相加得,即.∴f(x)=|x +|+|x −|+≥|x +−(x −)|+=++1a 21b 214c 21a 21b 214c 21a 21b 214c 2∴++=11a 21b 214c 2(++4)(++)≥=9a 2b 2c 21a 21b 214c 2(1+1+1)2a =b =2c =3–√∴++4≥9a 2b 2c 2(2)∵+≥1a 21b 22ab +≥1b 214c 21bc +≥1a 214c 21aca =b =2c =3–√++≤2(++)=22ab 1bc 1ac 1a 21b 214c 2++≤11ab 12bc 12ac。

2022-2023学年人教A版高三上数学月考试卷(含解析)

2022-2023学年人教A版高三上数学月考试卷(含解析)

2022-2023学年高中高三上数学月考试卷学校:____________ 班级:____________ 姓名:____________ 考号:____________考试总分:95 分考试时间: 120 分钟注意事项:1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息;2.请将答案正确填写在答题卡上;卷I(选择题)一、选择题(本题共计 12 小题,每题 5 分,共计60分)1. 设(为虚数单位),则A.B.C.D.2. 用独立性检验来考察两个分类变量与是否有关系,当统计量的观测值( )A.越大,“与有关系”成立的可能性越小B.越大,“与有关系”成立的可能性越大C.越小,“与没有关系”成立的可能性越小D.与“与有关系”成立的可能性无关3. 设全集,集合,则()A.B.C.D.4. 古人采取“用臼舂米”的方法脱去稻谷的外壳,获得可供食用的大米,用于舂米的“臼”多用石头或木头制成.一个“臼”的三视图如图所示,则凿去部分(看成一个简单的组合体)的体积为( )z=1−i i−z=2z()22i−2−2iU=R A={x|x<2},B={x|x≤1}A∩(B)=∁U{x|1<x<2}{x|1<x≤2}{x|1≤x<2}{x|1≤x≤2}A.B.C.D.5. 已知函数, , 则函数的图象是 A.B.C.D.6. 设函数,则使得成立的的取值范围是()A.63π72π79π99πf(x)= ,x ≤0,x 2−,x >0,1xg(x)=−f(−x)g(x)()f(x)=(12)|x|f(−3)<f(2x −1)x (−∞,−1)∪(2,+∞)(−1,2)B.C.D.7. 《九章算术·商功》记载:斜解立方,得两堑堵.堑堵是指底面为直角三角形,且侧棱垂直于底面的三棱柱,如图所示的堑堵中,点在边上,且,,,则直线与平面所成角的正弦值为( )A.B.C.D.8. 已知等比数列的前项积为,若=,则的值为( )A.B.C.D.9. 对于实数,,若,,则的最大值为( )A.B.C.D.10. 若双曲线与双曲线有公共点,则双曲线的离(−1,2)(−1,+∞)(−∞,−1)AED −BFC G BC CG =2GB AB =4AD =AE =3EG EFCD 2–√33–√3239−−√1313−−√13{}a n n T n +log 2a 3log 2a 72T 9±512512±10241024x y |x −1|≤1|y −2|≤1|x −2y +1|9753:−=1C 1y 24x 29:−=1(a >0,b >0)C 2x 2a 2y 2b 2C 2心率的取值范围是( )A.B.C.D.11. 在三角形中,,,则的最大值为( )A.B.C.D.12. 已知关于的不等式在上恒成立,则实数的取值范围为( )A.B.C.D.卷II (非选择题)二、 填空题 (本题共计 1 小题 ,共计5分 )13. (5分) 平行六面体中,已知底面四边形为正方形,且,其中,设,,体对角线,则的值是________.(1,)13−−√2(1,)13−−√3(,+∞)13−−√2(,+∞)13−−√3ABC B =60∘AC =3–√AB +2BC 33–√7–√27–√x >ln x (+1)ln e λx e λxx +1(0,+∞)λ(,+∞)1e(e,+∞)(0,)1e(0,e)ABCD −A 1B 1C 1D 1ABCD ∠AB =∠AD =A 1A 1π3|AB|=|AD|=1|A |=c A 1|C|=2A 1c三、 解答题 (本题共计 6 小题 ,每题 5 分 ,共计30分 )14. 已知等差数列的前项和为,且.求数列的通项公式;已知数列是以为首项,为公比的等比数列,若数列与的公共项为,记由小到大构成数列,求的前项和. 15. 如图,棱柱中,底面是平行四边形,侧棱底面,,,.求证:平面;求二面角的平面角的余弦值.16. 按照国际乒联的规定,标准的乒乓球在直径符合条件下,重量为克,其重量的误差在区间内就认为是合格产品,在正常情况下样本的重量误差服从正态分布,现从某厂生产的一批产品中随机抽取件样本,其重量如下:计算上述件产品的误差的平均数及标准差;①利用中求的平均数,标准差,估计这批产品的合格率能否达到;②如果产品的误差服从正态分布,那么从这批产品中随机抽取件产品,则有不合格产品的概率为多少.(附:若随机变量服从正态分布,则;;用,用分别代替计算)17. 已知椭圆的离心率为,一个焦点坐标为,曲线上任一点到点和到直线的距离相等.求椭圆和曲线的标准方程;{}a n n S n ==−20S 4S 5(1){}a n (2){}b n 44{}a n {}b n a m m {}c n {}c n n T n ABCD −A 1B 1C 1D 1ABCD A ⊥A 1ABCD AB =1AC =3–√BC =B =2B 1(1)AC ⊥ABB 1A 1(2)A −D −C C 1 2.7[−0.081,0.081]x 102.722.682.72.752.662.72.62.692.72.8(1)10x¯¯¯s (2)(1)x¯¯¯s 96%N(0,)0.0405210x N(μ,)σ2P(μ−σ<x ≤μ+σ)≈0.683P(μ−2σ<x ≤μ+2σ)≈0.954P(μ−3σ<x ≤μ+3σ)≈0.977.0.954100.62770.997100.9743C 16–√3(0,2)2–√C 2(,0)94x =−94(1)C 1C 2(2)C C l C Q C Q点为和的一个交点,过作直线交于点,交于点,且,,互不重合,若,求直线与轴的交点坐标.18. 已知函数.求曲线在点处的切线方程;证明: .19. 在直角坐标系中,曲线(为参数),在以坐标原点为极点,轴正半轴为极轴的极坐标系中,曲线.(1)求的普通方程和的直角坐标方程;(2)若点,分别是曲线,上的点(不同于原点),且,求面积的最大值.(2)P C 1C 2P l C 2Q C 1R Q R P =PQ −→−RP −→−l x f (x)=ln x −e x (1)y =f (x)P (1,f (1))(2)f (x)+2<0xOy :{C 1x =cos α3–√y =+sin α3–√3–√αx :ρ=2sin θ(ρ∈R)C 2C 1C 2A B C 1C 2∠AOB =π2△AOB参考答案与试题解析2022-2023学年高中高三上数学月考试卷一、 选择题 (本题共计 12 小题 ,每题 5 分 ,共计60分 )1.【答案】B【考点】复数代数形式的混合运算【解析】利用复数的运算法则、共轭复数的定义即可得出.【解答】解:.故选.2.【答案】B【考点】变量间的相关关系【解析】试题分析:值越大,说明备择假设“两个分类变量没有关系”的假设不成立.因此,越大,可信度越大,越小,可信度越小【解答】此题暂无解答3.【答案】A−z =−(1−i)=−1+i 2z 21−i 2(1+i)(1−i)(1+i)=1+i −1+i =2i B K 2K 2K 2【考点】交、并、补集的混合运算【解析】因为,,所以, ,故选:.【解答】解:因为,,所以, .故选.4.【答案】A【考点】由三视图求体积(组合型)【解析】由三视图知原几何体是一个长方体中间挖去一个半球与一个圆柱的组合体,根据三视图听尺寸计算体积即可.【解答】由三视图得,凿去部分是一个半球与一个圆柱的组合体,其中半球的半径为,体积为,圆柱的底面半径为,高为,体积为.所以凿去部分的体积为故选.5.【答案】A【考点】函数的图象【解析】此题暂无解析【解答】解:因为,所以图象与图象关于原点对称,A ={x|x <2}B ={x|x ≤1}∁U B ={x|x >1}A ∩(B)∁U A A ={x|x <2}B ={x|x ≤1}∁U B ={x|x >1}A ∩(B)=∁U {x|1<x <2}A 3×π×=18π12433335π××5=45π3218π+45π=63π.A g(x)=−f(−x)g(x)f(x)f(x)由解析式,作出的图象如图,从而可得图象为选项.故选.6.【答案】B【考点】函数单调性的性质【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答7.【答案】D【考点】棱柱的结构特征直线与平面所成的角【解析】由题可知平面,所以过点作于点,连接,,,易知为直线与平面所成的角,再求出该角对应的正弦值即可.【解答】解:由题可知平面,所以过点作于点,连接,,,如图,则,f(x)f(x)g(x)A A EF ⊥FBC C GH ⊥FC H EH FC EB ∠CEH EG EFCD EF ⊥FBC C GH ⊥FC H EH FC EB GH ⊥EF所以平面,所以为直线与平面所成的角.由,,,,可知,,所以,,在中,,即.又由题意知平面,所以,所以,所以,故选.8.【答案】B【考点】等比数列的性质【解析】利用已知条件求出的值,然后利用等比数列的性质求解的值.【解答】由=可得:=,可得:=,则=或=(舍去负值),等比数列的前项积为===9.【答案】C【考点】基本不等式及其应用GH ⊥EFCD ∠GEH EG EFCD CG =2GB AB =4AD =3AE =3BG =1CG =2FG ==+1232−−−−−−√10−−√FC =32–√△FGC FC ⋅GH =CG ⋅FB CH ===CG ⋅FB FC 2×332–√2–√CB ⊥ABFE GB ⊥EB EG ==E +G B 2B 2−−−−−−−−−−√26−−√sin ∠GEH ===GH EG 2–√26−−√13−−√13D a 3a 7T 9+log 2a 3log 2a 72()log 2a 3a 72a 3a 74a 52a 5−2{}a n 9T 9...a 1a 2a 8a 9(a 5)95(12)基本不等式在最值问题中的应用【解析】此题暂无解析【解答】解析.10.【答案】D【考点】双曲线的离心率【解析】先分别写出两双曲线的渐近线方程,根据两双曲线有公共点,得到,进而求得离心率的取值范围.【解答】双曲线的渐近线方程为,双曲线的渐近线方程为,为使双曲线与双曲线有公共点,只需,所以离心率,所以双曲线的离心率的取值范围是.11.【答案】D【考点】基本不等式在最值问题中的应用余弦定理的应用【解析】设三角形的三边分别为,,,利用余弦定理和已知条件求得和的关系,设代入,利|x −2y +1|=|(x −1)−2(y −2)−2|≤|(x −1)−2(y −2)|+2≤|x −1|+2|y −2|+2≤5>b a 23:−=1C 1y 24x 29y =±x 23:−=1C 2x 2a 2y 2b 2y =±x b a C 1C 2>b a 23e =>=1+(b a )2−−−−−−−√1+(23)2−−−−−−−√13−−√3C 2(,+∞)13−−√3a b c a c c +2a =m用判别大于等于求得的范围,则的最大值可得.【解答】解:由题意,设三角形的三边分别为,,,则,∴.设,代入上式得,∴,∴,时,,符合题意,∴的最大值是.故选.12.【答案】A【考点】利用导数研究不等式恒成立问题函数恒成立问题利用导数研究函数的单调性【解析】此题暂无解析【解答】解:令,则,则.故当时,,当时,,故,则函数在上单调递增.而,即.令,故,故当时,,当时,,故,故.0m m a b c 3=+−2ac cos a 2c 260∘+−ac =3a 2c 2c +2a =m(m >0)7−5am +−3=0a 2m 2Δ=84−3≥0m 20<m ≤27–√m =27–√a =57–√7c =47–√7m 27–√D f(x)=(x +1)ln x (x)=+1+ln x =g(x)f ′1x (x)=g ′x −1x 2x ∈(0,1)(x)<0g ′x ∈(1,+∞)(x)>0g ′(x)≥(1)=2f ′f ′f(x)(0,+∞)>lnx(+1)ln e λx e λxx +1⇒(+1)ln >(x +1)ln x ⇔f()>f(x)e λx e λx e λx λ>ln x x h(x)=ln x x (x)=h ′1−ln xx 2x ∈(0,e)(x)>0h ′x ∈(e,+∞)(x)<0h ′h(x =)max 1e λ>1e A二、 填空题 (本题共计 1 小题 ,共计5分 )13.【答案】【考点】向量在几何中的应用向量的模【解析】根据,平方得到,计算得到答案.【解答】解:,故,解得.故答案为:.三、 解答题 (本题共计 6 小题 ,每题 5 分 ,共计30分 )14.【答案】解:设等差数列的公差为,因为,所以,因为,所以,所以,所以.由题意知,因为,所以,,因此,所以1+3–√=+−C A 1−→−AB −→−AD −→−AA 1−→−+2−2c =4c 2=+−C A 1−→−AB −→−AD −→−AA 1−→−|=|+−C A 1−→−|2AB −→−AD −→−AA 1−→−|2=+++2⋅−AB −→−2AD −→−2AA 1−→−2AB −→−AD −→−2⋅−2⋅AA 1−→−AB −→−AD −→−AA 1−→−=+2−2c =4c 2c =+13–√+13–√(1)a n d ==−20S 4S 5=−=0a 5S 5S 4=5=−20S 5a 3=−4a 3d ==2−a 5a 35−3=+(n −5)d =2n −10a n a 5(2)=4×=b n 4n−14n =2m −10a m 2m −10=4nm =+104n 2==+5c n +104n 24n 2=+5++5++5+⋯T n 412422432++54n 24(1−)4n.【考点】等差数列的通项公式数列的求和【解析】此题暂无解析【解答】解:设等差数列的公差为,因为,所以,因为,所以,所以,所以.由题意知,因为,所以,,因此,所以.15.【答案】证明:∵在底面中,,,,∴,∴,∵侧棱底面,∴,又∵,,平面,∴平面;解:过点作于,连接,由可知,平面,是二面角的平面角,∵,,=+5n =×+5n −1−42234n 23(1)a n d ==−20S 4S 5=−=0a 5S 5S 4=5=−20S 5a 3=−4a 3d ==2−a 5a 35−3=+(n −5)d =2n −10a n a 5(2)=4×=b n 4n−14n =2m −10a m 2m −10=4nm =+104n 2==+5c n +104n 24n 2=+5++5++5+⋯T n 412422432++54n 2=+5n =×+5n −4(1−)4n 1−42234n 23(1)ABCD AB =1AC =3–√BC =2A +A =B 2C 2BC 2AB ⊥AC A ⊥A 1ABCD A ⊥AC A 1A ∩AB =A A 1AA 1AB ⊂ABB 1A 1AC ⊥ABB 1A 1(2)C CP ⊥D C 1P AP (1)AC ⊥DCC 1D 1∠CPA A −D −C C 1C =C 1B =B 12CD =AB =1P ===DC ⋅CC 2–√∴,∴,∴,∴二面角的平面角的余弦值为.【考点】二面角的平面角及求法直线与平面垂直的判定【解析】Ⅰ推导出,,由此能证明平面.Ⅱ过点作于,连接,则平面,从而是二面角的平面角,由此能求出二面角的平面角的余弦值.【解答】证明:∵在底面中,,,,∴,∴,∵侧棱底面,∴,又∵,,平面,∴平面;解:过点作于,连接,由可知,平面,是二面角的平面角,∵,,∴,∴,∴,∴二面角的平面角的余弦值为.16.【答案】解:=,CP ===DC ⋅CC 1DC 11×21+4−−−−√25–√5tan ∠CPA ==AC CP 15−−√2cos ∠CPA =219−−√19A −D −C C 1219−−√19()AB ⊥AC A ⊥AC A 1AC ⊥ABB 1A 1()C CP ⊥D C 1P AP AC ⊥DCC 1D 1∠CPA A −D −C C 1A −D −C C 1(1)ABCD AB =1AC =3–√BC =2A +A =B 2C 2BC 2AB ⊥AC A ⊥A 1ABCD A ⊥AC A 1A ∩AB =A A 1AA 1AB ⊂ABB 1A 1AC ⊥ABB 1A 1(2)C CP ⊥D C 1P AP (1)AC ⊥DCC 1D 1∠CPA A −D −C C 1C =C 1B =B 12CD =AB =1CP ===DC ⋅CC 1DC 11×21+4−−−−√25–√5tan ∠CPA ==AC CP 15−−√2cos ∠CPA =219−−√19A −D −C C 1219−−√19(1)x =(0.02−0.02+0+0.05−0.04+0−0.1−0.01+0+0.1)1100(×2++++×2)1=,所以.①由中的计算得,,所以.因为在内包含了所有的合格产品,也包含了不合格的产品,而.所以这批抽查的产品的合格率不能达到.②因为产品的误差服从正态分布,所以,.又为,所以每件产品合格的概率为,所以随机抽取件产品中有不合格产品的概率为.【考点】众数、中位数、平均数、百分位数极差、方差与标准差正态分布的密度曲线【解析】(1)将数据代入平均数公式求出平均数,再代入方差公式求出方差,取其算术平方根即为标准差.(2)①由(1)中的计算得=,=,==,②产品的误差服从正态分布,所以=,=.又为,每件产品合格的概率为.随机抽取件产品中有不合格产品的概率为==.【解答】解:=,=,所以.①由中的计算得,,所以.因为在内包含了所有的合格产品,也包含了不合格的产品,而.所以这批抽查的产品的合格率不能达到.②因为产品的误差服从正态分布,所以,.又为,所以每件产品合格的概率为,所以随机抽取件产品中有不合格产品的概率为.=(×2++++×2)s 21100.0220.0520.0420.0120.120.0025s=0.05(2)(1)μ=0σ=0.05P(μ−2σ<x <μ+2σ)=P(0−2×0.05<x <0+2×0.05)=P(−0.1<x <0.1)(−0.1,0.1)P(−0.1<x <0.1)≈0.9544<0.9696%N(0,)0.04052μ=0σ=0.405μ−2σ<x <μ+2σ−0.081<x <0.081P(μ−2σ<x <μ+2σ)≈0.954410P =1−≈1−0.62770.954410=0.3723μ0σ0.05P(μ−2σ<x <μ+2σ)P(−0.1<x <0.1)0.9544<96%N(0,)0.04052μ0σ0.405μ−2σ<x <μ+2σ−0.081<x <0.0810.954410P 1−≈1−0.62770.9544100.3723(1)x =(0.02−0.02+0+0.05−0.04+0−0.1−0.01+0+0.1)1100=(×2++++×2)s 21100.0220.0520.0420.0120.120.0025s=0.05(2)(1)μ=0σ=0.05P(μ−2σ<x <μ+2σ)=P(0−2×0.05<x <0+2×0.05)=P(−0.1<x <0.1)(−0.1,0.1)P(−0.1<x <0.1)≈0.9544<0.9696%N(0,)0.04052μ=0σ=0.405μ−2σ<x <μ+2σ−0.081<x <0.081P(μ−2σ<x <μ+2σ)≈0.954410P =1−≈1−0.62770.954410=0.372317.【答案】解:设,根据条件可知,且,得,所以的标准方程为.曲线是以为焦点,为准线的抛物线,故的标准方程为.联立解得不妨取.若直线的斜率不存在,和重合,不符合条件,故可设直线,由题意可知,联立可得.联立可得,因为,所以是的中点,所以,即.解得,所以直线的方程为,其与轴的交点坐标为.【考点】抛物线的标准方程椭圆的标准方程圆锥曲线的综合问题【解析】本题考查椭圆和抛物线的标准方程和性质.答案未提供解析.【解答】解:设,根据条件可知,且,得,所以的标准方程为.(1):+=1(a >b >0)C 1x 2b 2y 2a 2=2−a 2b 2−−−−−−√2–√=−a 2b 2−−−−−−√a 6–√3=12,=4a 2b 2C 1+=1x 24y 212C 2(,0)94x =−94C 2=9x y 2(2){3+=12,x 2y 2=9x,y 2{x =1,y =±3,P (1,3)l Q R l :y =k (x −1)+3k ≠0{y =kx +3−k,=9x,y 2=y Q 9−3k k {y =kx +3−k,3+=12,x 2y 2=y R 9−3−6k k 23+h 2=PQ −→−RP −→−P QR =3+y Q y R 2+=69−3k k 9−3−6k k 23+k 2k =1l y =x +2x (−2,0)(Ⅱ)(1):+=1(a >b >0)C 1x 2b 2y 2a 2=2−a 2b 2−−−−−−√2–√=−a 2b 2−−−−−−√a 6–√3=12,=4a 2b 2C 1+=1x 24y 212,0)9曲线是以为焦点,为准线的抛物线,故的标准方程为.联立解得不妨取.若直线的斜率不存在,和重合,不符合条件,故可设直线,由题意可知,联立可得.联立可得,因为,所以是的中点,所以,即.解得,所以直线的方程为,其与轴的交点坐标为.18.【答案】()解:由,得切线的斜率,又当时, 切线方程为,即.()证明:欲证,即证,即证,设,则,当时, 在上单调递增,当时, 在上单调递减,在处取得极大值,即为最大值,,,设,则在上单调递增,在时成立,,,,即成立.【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程C 2(,0)94x =−94C 2=9x y 2(2){3+=12,x 2y 2=9x,y 2{x =1,y =±3,P (1,3)l Q R l :y =k (x −1)+3k ≠0{y =kx +3−k,=9x,y 2=y Q 9−3k k {y =kx +3−k,3+=12,x 2y 2=y R 9−3−6k k 23+h 2=PQ −→−RP −→−P QR =3+y Q y R 2+=69−3k k 9−3−6k k 23+k 2k =1l y =x +2x (−2,0)1f (x)=ln x −e x (x)=−,f ′1x e x ∴k =(1)=1−e f ′∵x =1f (1)=−e ,∴y +e =(1−e)(x −1)y =(1−e)x −12f (x)+2<0ln x −+2<0e x ln x +1<−1e x g(x)=ln x +1−x (x)=−1=g ′1x 1−x x 0<x <1(x)>0,g ′g(x)(0,1)x >1(x)<0,g ′g(x)(1,+∞)∴g(x)x =1∴g(x)≤g(1)=0∴ln x +1≤x h (x)=−1−x (x >0)e x (x)=−1>0h ′e x ∴h (x)(0,+∞)∴h (x)>h (0)=0∴−1>x e x x >0∴ln x +1≤x <−1e x ∴ln x +1<−1e x ∴ln x −+2<0e x f (x)+2<0利用导数研究不等式恒成立问题利用导数研究函数的单调性【解析】无无【解答】()解:由,得切线的斜率,又当时, 切线方程为,即.()证明:欲证,即证,即证,设,则,当时, 在上单调递增,当时, 在上单调递减,在处取得极大值,即为最大值,,,设,则在上单调递增,在时成立,,,,即成立.19.【答案】解:(1)消去得到,,等式两边同乘可得,将且代人化简得.(2)设,,由曲线,的极坐标方程可得,,且,,当即时取得等号.故面积的最大值为.1f (x)=ln x −e x (x)=−,f ′1x e x ∴k =(1)=1−e f ′∵x =1f (1)=−e ,∴y +e =(1−e)(x −1)y =(1−e)x −12f (x)+2<0ln x −+2<0e x ln x +1<−1e x g(x)=ln x +1−x (x)=−1=g ′1x 1−x x 0<x <1(x)>0,g ′g(x)(0,1)x >1(x)<0,g ′g(x)(1,+∞)∴g(x)x =1∴g(x)≤g(1)=0∴ln x +1≤x h (x)=−1−x (x >0)e x (x)=−1>0h ′e x ∴h (x)(0,+∞)∴h (x)>h (0)=0∴−1>x e x x >0∴ln x +1≤x <−1e x ∴ln x +1<−1e x ∴ln x −+2<0e x f (x)+2<0:{C 1x =cos α,3–√y =+sin α3–√3–√α:+=3C 1x 2(y −)3–√2ρ=2sin θC 2ρ=2ρsin θρ2=+ρ2x 2y 2y =ρsin θ:+=1C 2x 2(y −1)2A (,φ)ρ1B(,θ)ρ2C 1C 2=2sin φρ13–√=2sin θρ2φ=θ+π2=|OA||OB|==⋅4sin θsin(θ+)S △AOB 1212ρ1ρ2123–√π2=2sin B cos θ=sin 2θ≤3–√3–√3–√2θ=π2θ=π4△AOB 3–√【考点】参数方程与普通方程的互化圆的极坐标方程圆的极坐标方程与直角坐标方程的互化直线的极坐标方程与直角坐标方程的互化直线的参数方程【解析】本题考查圆的极坐标方程.答案未提供解析.【解答】解:(1)消去得到,,等式两边同乘可得,将且代人化简得.(2)设,,由曲线,的极坐标方程可得,,且,,当即时取得等号.故面积的最大值为.:{C 1x =cos α,3–√y =+sin α3–√3–√α:+=3C 1x 2(y −)3–√2ρ=2sin θC 2ρ=2ρsin θρ2=+ρ2x 2y 2y =ρsin θ:+=1C 2x 2(y −1)2A (,φ)ρ1B(,θ)ρ2C 1C 2=2sin φρ13–√=2sin θρ2φ=θ+π2=|OA||OB|==⋅4sin θsin(θ+)S △AOB 1212ρ1ρ2123–√π2=2sin B cos θ=sin 2θ≤3–√3–√3–√2θ=π2θ=π4△AOB 3–√。

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玉环实验学校2013学年第一学期高中第一次月考试卷
高三数学
一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只 有一项是符合题目要求的.
1.设集合{}2,0x M y y x ==<,1lg x N x y x -⎧
⎫==⎨⎬⎩
⎭,则M N = ( )
A.()1,+∞
B.()0,1
C.∅
D.()()0,11,+∞ 2.在复平面内,复数
12i
2i
-+对应的点的坐标为 ( ) A.()0,1- B.()0,1 C.43,55⎛⎫- ⎪⎝⎭ D.43,55⎛⎫
⎪⎝⎭
3. 某三棱锥的三视图如图所示,该三棱锥的体积是( )
A.8
3
B.4
C.2
D.4
3
4. 设m ,n 是不同的直线,α,β是不同的平面,下 列命题中正确的是 ( ) A .若m ∥α,n β⊥,m n ⊥,则αβ⊥ B .若m ∥α,n β⊥,m n ⊥,则α∥β C .若m ∥α,n β⊥,m ∥n ,则αβ⊥ D .若m ∥α,n β⊥,m ∥n ,则α∥β
5. 已知函数()2
1log 1x
f x x
-=+,若()12f a =,则()f a -= ( )
A .2
B .2-
C .12
D .1
2
-
6.在ABC ∆中,已知9AB AC ⋅=,sin cos sin B A C =⋅,6ABC S ∆=,P 为线段AB 上的点,且
CA CB CP x y CA
CB
=⋅
+⋅
,则xy 的最大值为 ( )
A .1
B .2
C .3
D .4
7.函数()()sin cos 0f x x a x ωωω=+>的图像关于,03M π⎛⎫
⎪⎝⎭
对称,且在6x π=处函数有最小
值,则a ω+的一个可能取值是 ( ) A.0 B.3 C.6 D.9
8.设函数()1
,0,
0,0x x f x x x ⎧+≠⎪=⎨⎪=⎩
,()()()2g x f x bf x c =++⎡⎤⎣⎦,如果函数()g x 有5个不同的零
点,则 ( )
A.2b <-且0c >
B.2b >-且0c <
C.2b <-且0c =
D.2b ≥-且0c > 9.设函数()()6
33,7,,
7x a x x f x a x -⎧--≤⎪
=⎨
>⎪⎩,数列{}n a 满足()(n a f n n =∈)*N ,且数列{}n a 为递增 数列,则实数a 的取值范围为 ( )
A.()2,3
B.()1,3
C.()1,+∞
D.()2,+∞
10.一电子广告,背景是由固定的一系列下顶点相接的正三角形组成,这列正三解形的底 边在同一直线上,正三角形的内切圆由第一个正三角形的O 点沿三角形列的底边匀速向 前滚动(如图),设滚动中的圆与系列正三角形的重叠部分(如图中的阴影)的面积S 关
于时间t 的函数为()S f t =,则下列图中与函数()S f t =图像最近似的是 ( )
第Ⅱ卷
二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分.
11.设函数()f x 是定义在R 上的偶函数,且是以4为周期的周期函数,当[]0,2x ∈时, ()2cos f x x x =-,则32a f ⎛⎫=- ⎪⎝⎭与152b f ⎛⎫
= ⎪⎝⎭
的大小关系为____________.
12.在边长为1的正三角形ABC 中,BD xBA =,CE yCA =,0x >,0y >,且1x y +=,
则CD BE ⋅的最大值为_____________ 13.命题:“存在实数x ,满足不等式()2110m x mx m +-+-≤”是假命题,则实数m 的取值 范围是_____________. 14.设函数()1,20,
1,02
x f x x x --≤≤⎧=⎨
-<≤⎩,若函数()()[],2,2g x f x ax x =-∈-为偶函数,则实数a 的
值为__________.
15.已知正实数a ,b 满足228a b ab ++=,则2a b +的最小值是_________ .
16.设函数()f x 的导函数为)(x f ',对任意x ∈R 都有()()f x f x '>成立,则()3ln 2f ()2ln 3f .(填“>”、“<”、“≥”或“≤”)
17.对于函数()f x ,若存在区间[],M a b =,使得(){},y y f x x M M =∈=,则称区间M 为 函数()f x 的—个“好区间”.给出下列4个函数:①()sin f x x =;②()21x f x =-; ③()33f x x x =-;④()lg 1f x x =+.其中存在“好区间”的函数是 .(填入相 应函数的序号)
三、解答题:本大题共5小题,共72分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
18.(14分)已知向量=m ()sin ,1x -,=n 3cos ,2x ⎛
⎫ ⎪⎝
⎭,()f x =()+⋅m n m .
(1)当0,2x π⎡⎤
∈⎢⎥⎣⎦
时,求函数()y f x =的值域;
(2)锐角ABC ∆中,a ,b ,c 分别为角A ,B ,C 的对边,若5a =,b =
2B f ⎛⎫
= ⎪⎝⎭
a ,c .
F E
D
C
B
A P
19.(14分) 已知0a >且1a ≠,函数()()log 1a f x x =+,()1
log 1a g x x
=-,记()()2F x f x =+
()g x .
(1)求函数()F x 的定义域D 及其零点;
(2)若关于x 的方程()0F x m -=在区间[)0,1内仅有一解,求实数m 的取值范围.
20. (14分)设公比大于零的等比数列{}n a 的前n 项和为n S ,且11a =,425S S =,数列{}n b 的前n 项和为n T ,满足11b =,2n n T n b =,n ∈*N . (1)求数列{}n a 、{}n b 的通项公式;
(2)设()()1n n n C S nb λ=+-,若数列{}n C 是单调递减数列,求实数λ的取值范围.
21.(15分)已知四棱锥P ABCD -的底面ABCD 是边长为1的正方形,PD ⊥底面ABCD , PD AD =.
(1)求证:BC ∥平面PAD ;
(2)若E 、F 分别为PB 、AD 的中点,求证:EF BC ⊥;
(3)求二面角C PA D --的余弦值.
22.(15分)已知函数()2
ln 8
x f x x =-,[]1,3x ∈.
(1)求()
f x的最大值与最小值;
(2)若()4
0,2
x∈,[]
t∈恒成立,求实数a的取值范围.
<-对于任意的[]
f x at
1,3。

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