2021年高二上学期第一次阶段性教学反馈物理(选修)试题 Word版含答案

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2021年高二上学期第一次调研物理试卷(选修)(10月份)含解析

2021年高二上学期第一次调研物理试卷（选修）（10月份）含解析一．单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共计24分．每小题只有一个选项符合题意．1．真空中有两个点电荷，它们间的静电力为F，如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大为原来的3倍，它们之间静电力的大小等于（）A．B．C．F D．3F2．电场强度的定义式为E=（）A．该定义式只适用于点电荷产生的电场B．F是检验电荷所受到的力，q是检验电荷的电量C．场强的方向与F的方向相同D．由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比3．电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知Ea 和Eb，电势分别为φa 和φb，则（）A．Ea ＞Eb，φa＞φbB．Ea＞Eb，φa＜φbC．Ea＜Eb，φa＞φbD．Ea＜Eb，φa＜φb4．如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA=1V，φB=4V，φC=0，则D点电势φD的大小为（）A．﹣3 V B．0 C．2 V D．1 V5．如图所示的电场中，每一条等势曲线的电势大小分别为10v、8v、6v．A、B、C为这些等势线上的三个点．下列叙述正确的是（）A．C、A两点间电势差U CA=4VB．A点的电场强度与B点的电场强度相同C．B点处的场强方向可能是由C指向BD．一正电荷从A点移到C点的过程中，电场力做正功6．如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处于真空中，重力可忽略．在满足电子能射出平行板的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏角φ变大的是（）A．U1变大，U2变大B．U1变小，U2变大C．U1变小，U2不变D．U1变小，U2变小二．多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共计20分．每小题有多个选项符合题意．全部选对得5分，选对不全得2分，错选或不答的得0分．7．如图所示，在点电荷电场中的一条电场线上依次有A、B、C三点，分别把+q和﹣q的试验电荷依次放在三点上，关于它所具有的电势能的正确说法是（）A．放上+q时，它们的电势能E PA＞E PB＞E PCB．放上+q时，它们的电势能E PA＜E PB＜E PCC．放上﹣q时，它们的电势能E PA＞E PB＞E PCD．放上﹣q时，它们的电势能E PA＜E PB＜E PC8．如图中，是描述电容C、带电荷量Q、电势差U之间的相互关系的图线，对于给定的电容器，关系正确的是（）A． B． C． D．9．如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地增大距离，其他条件不变，则（）A．电容器带电量不变 B．尘埃仍静止C．尘埃向下加速运动 D．电容器带电量减小10．如图所示，将带正电的粒子从电场中的A点无初速地释放，不计重力的作用，则下列说法中正确的是（）A．带电粒子一定做加速直线运动B．带电粒子的电势能一定逐渐增大C．带电粒子的加速度一定越来越小D．带电粒子的加速度一定越来越大三.简答题：（本空3分，共计24分．请将解答填写在答题卡相应的位置．）11．把一个电量q=5×10﹣9C的正电荷放在电场中的A点，测得受到的电场力大小为5×10﹣4N，方向水平向右，则A点的场强是N/C，方向，若将该正电荷移走，A点场强为N/C．12．如图所示，A、B为带电量分别是Q和﹣Q的两个等量异种点电荷，A、B间的距离为r，则AB中点处O点的场强大小为N/C，方向向．13．如图所示，是一正点电荷电场的电场线，电场中A、B两点间的电势差U AB=200V．电量为+6×10﹣8C的电荷从A 移到B，电场力对其做的功为J，其电势能（填增大、减小或不变）了J．四.计算题：本题共3小题，共计32分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只与出最后答案的不能得分．有数值的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．带电量为3.0×10﹣6C的粒子先后经过电场中的A、B两点，电场力做功6.0×10﹣4J，已知B点电势为50V，则（l）A、B间两点间的电势差是多少？（2）A点的电势？（3）带电量为3.0×10﹣6C的负电荷放在A点的电势能是？15．如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab间距离L ab=8cm，bc间距离L bc=14cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角．一个所带电量q=﹣4×10﹣8C的负电荷从a点移到b点克服电场力做功为1.2×10﹣6J．（结果都保留三位有效数字）求：（1）匀强电场的电场强度；（2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功；（3）a、c两点间的电势差．16．水平放置的两块平行金属板长L，两板间距d，两板间电压为U，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度v0从两板中间射入，已知电子质量m，电荷量e，如图，求：（1）电子偏离金属板时的侧位移y是多少？（2）电子飞出电场时的速度是多少？（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若屏与金属板右端相距S，求OP的长？xx学年江苏省盐城市时杨中学高二（上）第一次调研物理试卷（选修）（10月份）参考答案与试题解析一．单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共计24分．每小题只有一个选项符合题意．1．真空中有两个点电荷，它们间的静电力为F，如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大为原来的3倍，它们之间静电力的大小等于（）A． B． C．F D．3F【考点】库仑定律．【分析】根据库仑定律的公式求解静电力的大小．【解答】解：由库仑定律的公式知，将保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大为原来的3倍，则们之间的静电力大小变为原来的倍．故A正确，B、C、D错误．故选：A．2．电场强度的定义式为E=（）A．该定义式只适用于点电荷产生的电场B．F是检验电荷所受到的力，q是检验电荷的电量C．场强的方向与F的方向相同D．由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比【考点】电场强度．【分析】电场强度E的定义式E=中，F是放入电场中的试探电荷所受的电场力，q是试探电荷的电量，这是比值定义法，适用于任何电场；场强方向与正电荷所受的电场力方向相同．【解答】解：A、B、电场强度E的定义式E=中，F是放入电场中的检验电荷所受的电场力，q是检验电荷的电量，运用比值定义法，该式适用于任何电场，故A错误，B正确；C、据场强方向规定，正电荷所受的电场力的方向与场强方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强方向相反，故C错误；D、该定义式可知，场强由电场本身决定，场中某点电场强度的大小一定，由此式知F与E 成正比，故D正确．故选：BD．3．电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知E a和E b，电势分别为φa和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb 【考点】电势；电场强度；电场线．【分析】电场线可以形象的描述电场的分布，电场线密的地方，电场强度大，沿电场电势降低，据此可正确解答本题．【解答】解：根据电场线疏密表示电场强度大小，E a＜E b；根据沿电场线电势降低，φa＞φb，故ABD错误，C正确．故选C．4．如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA=1V，φB=4V，φC=0，则D点电势φD的大小为（）A．﹣3 V B．0 C．2 V D．1 V【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【分析】在匀强电场中，在电场方向前进相同的距离，电势差相等，结合平行四边形的特点分析．【解答】解：在匀强电场中，根据U=Ed知，沿电场方向相同距离电势差相等，根据平行四边形的特点知，AB与DC平行且相等，所以AB边与DC边沿电场方向的距离相等，AB间的电势差与DC间的电势差相等，即有φA﹣φB=φD﹣φC解得φD=φA﹣φB+φC=1V﹣4V+0V=﹣3V故选：A5．如图所示的电场中，每一条等势曲线的电势大小分别为10v、8v、6v．A、B、C为这些等势线上的三个点．下列叙述正确的是（）A．C、A两点间电势差U CA=4VB．A点的电场强度与B点的电场强度相同C．B点处的场强方向可能是由C指向BD．一正电荷从A点移到C点的过程中，电场力做正功【考点】等势面；电势能．【分析】两点之间的电势差U CA=Φc﹣Φa；等差等势面的疏密可以不是电场强度的大小，由图看到A点的等势面密；电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势，电场强度是矢量，只有大小和方向都相同才能说相同；正电荷所受电场力的方向即电场强度的方向，当正电荷由高电势低电势运动时，电场力做正功．【解答】解：A、C、A两点之间的电势差U CA=Φc﹣Φa=6﹣10=﹣4V，故A错误．B、等差等势面的疏密可以不是电场强度的大小，由图看到A点的等势面密，所以A点的场强大于B点的场强，故B错误．C、电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势，故B点处的场强方向不可能是由C指向B．故C错误．D、正电荷所受电场力的方向即电场强度的方向，所以正电荷从A点移到C点过程，电场力做正功．故D正确．故选：D6．如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处于真空中，重力可忽略．在满足电子能射出平行板的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏角φ变大的是（）A．U1变大，U2变大B．U1变小，U2变大C．U1变小，U2不变D．U1变小，U2变小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】电子在加速电场中，在电场力的作用下，做匀加速直线运动，可由电场力做功求出射出加速电场时的速度．电子在水平放置的平行板之间，因受到的电场力的方向与初速度的方向垂直，故电子做类平抛运动．运用平抛运动的竖直方向的速度与水平方向的速度的关系，可求出角度φ的变化情况．【解答】解：设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：…①又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：…②又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：…③电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：v y=at…④由①、②、③、④可得：又有：故U2变大，U1变小，或U1变小，U2不变，都可使偏转角φ变大，故选项B正确，C正确，AD错误．故选：BC．二．多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共计20分．每小题有多个选项符合题意．全部选对得5分，选对不全得2分，错选或不答的得0分．7．如图所示，在点电荷电场中的一条电场线上依次有A、B、C三点，分别把+q和﹣q的试验电荷依次放在三点上，关于它所具有的电势能的正确说法是（）A．放上+q时，它们的电势能E PA＞E PB＞E PCB．放上+q时，它们的电势能E PA＜E PB＜E PCC．放上﹣q时，它们的电势能E PA＞E PB＞E PCD．放上﹣q时，它们的电势能E PA＜E PB＜E PC【考点】电势能．【分析】根据沿着电场线方向电势是降低的，可判断出电势的高低．由电势能公式E P=qφ，判断电势能的大小．【解答】解：A、B、沿着电场线方向电势是降低，所以φA＞φB＞φc，根据电势能与电势的关系：E P=qφ，所以放上+q时，它的电势能E PA＞E PB＞E PC；故A正确，B错误．C、D、由E P=qφ，知放上﹣q时，它的电势能E PA＜E PB＜E PC；故C错误，D正确．故选：AD8．如图中，是描述电容C、带电荷量Q、电势差U之间的相互关系的图线，对于给定的电容器，关系正确的是（）A． B． C． D．【考点】电容．【分析】电容是描述电容器容纳电荷量的本领；其大小只与电容器本身有关，和电量及电压无关．【解答】解：A、B、C电容器的电容与Q及U无关，故在C﹣U及C﹣Q图象中，均为水平直线；故A正确；BC错误；D、由Q=UC可知，Q与U成正比，故D正确；故选：AD．9．如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地增大距离，其他条件不变，则（）A．电容器带电量不变 B．尘埃仍静止C．尘埃向下加速运动 D．电容器带电量减小【考点】电容器的动态分析．【分析】电容器与电源相连，则电势差不变；根据题意可知两板间的距离增大，所以可知电场强度减小，再由带电尘埃的受力可得出其运动情况．【解答】解：A、两板间错开时，正对面积减小，则由C=可知，电容减小，因电容器两端的电压不变，由Q=UC可得，电量减小，故A错误，D正确；B、由以上分析可知，电压不变，增大板间距d；则由E=可知，两板间的场强减小；故带电尘埃受到的电场力变小；重力大于电场力，所以尘埃将向下加速运动，故B错误，C正确．故选：CD．10．如图所示，将带正电的粒子从电场中的A点无初速地释放，不计重力的作用，则下列说法中正确的是（）A．带电粒子一定做加速直线运动B．带电粒子的电势能一定逐渐增大C．带电粒子的加速度一定越来越小D．带电粒子的加速度一定越来越大【考点】电场线．【分析】带电粒子所在电场线是直线，无初速度释放后，电场力做正功，动能增大，电势能减小，一定做加速直线运动；电场线方向电场线越稀疏，判断电场力，从而判断加速度．【解答】解：AB、由图看出，带电粒子所在的电场线是直线，则无速度释放后，带电粒子在电场力作用下一定做加速直线运动，电场力做正功，动能增大，电势能减小，故A正确，B错误．CD、据电场线的疏密可知，右侧的场强小，所以带电粒子的电场力小，即加速度逐渐减小，故C正确，D错误．故选：AC．三.简答题：（本空3分，共计24分．请将解答填写在答题卡相应的位置．）11．把一个电量q=5×10﹣9C的正电荷放在电场中的A点，测得受到的电场力大小为5×10﹣4N，方向水平向右，则A点的场强是 1.0×105N/C，方向向右，若将该正电荷移走，A点场强为 1.0×105N/C．【考点】电场强度．【分析】根据电场强度的定义式E=可求出A点的电场强度；电场强度E与试探电荷的有无、电荷量的大小无关，由电场本身决定．【解答】解：根据电场强度的定义式E=可得A点的电场强度E===105N/C，且场强的方向水平向右；由于电场强度E与试探电荷的有无、电荷量的大小无关，故将该正电荷移走后，A点场强仍为1.0×105N/C．故本题的答案为：1.0×105N/C；向右；1.0×105N/C．12．如图所示，A、B为带电量分别是Q和﹣Q的两个等量异种点电荷，A、B间的距离为r，则AB中点处O点的场强大小为N/C，方向向右．【考点】电场强度；电场的叠加．【分析】真空中点电荷的电场强度的表达式E=，电场强度是矢量，而矢量的运算满足平行四边形定则，但当两个矢量的方向在同一条直线上时就可以利用代数法则进行运算．【解答】解：A电荷在O点产生的场强大小为E1==，方向水平向右；B电荷在O点产生的场强大小为E1==，方向水平向右，故O点场强大小为E=E1+E2=，方向水平向右．故本题的答案为：，右．13．如图所示，是一正点电荷电场的电场线，电场中A、B两点间的电势差U AB=200V．电量为+6×10﹣8C的电荷从A 移到B，电场力对其做的功为 1.2×10﹣5J，其电势能减小（填增大、减小或不变）了 1.2×10﹣5J．【考点】电势差与电场强度的关系；电场线．【分析】根据公式W AB=qU AB求出电场力做功．根据电场力做功与电势能变化的关系分析电势能的变化．【解答】解：根据公式W AB=qU AB得：点电荷从A点移到B点，电场力对其做功：W AB=qU AB=6×10﹣8×200J=1.2×10﹣5J电场力对点电荷做正功，则其电势能减小1.2×10﹣5J．故答案为：1.2×10﹣5，减小，1.2×10﹣5．四.计算题：本题共3小题，共计32分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只与出最后答案的不能得分．有数值的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．带电量为3.0×10﹣6C的粒子先后经过电场中的A、B两点，电场力做功6.0×10﹣4J，已知B点电势为50V，则（l）A、B间两点间的电势差是多少？（2）A点的电势？（3）带电量为3.0×10﹣6C的负电荷放在A点的电势能是？【考点】电势；电势能．【分析】（1）根据电势差U=求出A、B间两点间的电势差（2）根据电势差等于两点电势之差求出A点的电势（3）根据E p=qф求得3.0×10﹣6C的负电荷放在A点的电势能．【解答】解：（1）根据电势差U=A、B间两点间的电势差U AB==200V（2）U AB=фA﹣фB=200V已知B点电势为50V，所以фA=250V（3）根据E p=qф得3.0×10﹣6C的负电荷放在A点的电势能E p=﹣3.0×10﹣6×250=﹣7.5×10﹣4J答：（l）A、B间两点间的电势差是200V（2）A点的电势是250V（3）带电量为3.0×10﹣6C的负电荷放在A点的电势能是=﹣7.5×10﹣4J15．如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab间距离L ab=8cm，bc间距离L bc=14cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角．一个所带电量q=﹣4×10﹣8C的负电荷从a点移到b点克服电场力做功为1.2×10﹣6J．（结果都保留三位有效数字）求：（1）匀强电场的电场强度；（2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功；（3）a、c两点间的电势差．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】（1）根据电场力做功公式W=qEd，d为沿电场方向两点间的距离分析求解电场强度．或先求电势差，再根据公式E=求解E．（2）电荷从b点移到c点，电场力所做负功，d=l bc cos60°求出电场力做功．（3）根据U ac=求解a、c两点间的电势差．【解答】解：（1）ab两点的电势差U ab==V=30V电场强度为E===375V/m（2）电荷从b移到c，电场力所做的功W bc=qEL bc cos60°=﹣4×10﹣8×375×0.14×0.5J=﹣1.05×10﹣6J（3）a、c两点间的电势差U ac==V=56.25V答：（1）匀强电场的电场强度E=375V/m；（2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功是﹣1.05×10﹣6J；（3）a、c两点间的电势差是56.25V．16．水平放置的两块平行金属板长L，两板间距d，两板间电压为U，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度v0从两板中间射入，已知电子质量m，电荷量e，如图，求：（1）电子偏离金属板时的侧位移y是多少？（2）电子飞出电场时的速度是多少？（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若屏与金属板右端相距S，求OP的长？【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】电子垂直进入电场，在电场力的作用下做类平抛运动，离开电场后，做匀速直线运动，打在屏上．利用平抛运动的知识求解侧位移和离开电场的速度；求OP时包括两部分，OM和MP．【解答】解：设电子所受电场力为F，加速度为a，在电场运动的时间为t，偏转位移为y，离开电场的速度为V，偏转角度为α，电子垂直进入电场受到电场力：F=Eq…①极板间的场强：E=…②根据牛顿第二定律得：F=ma…③电子在电场中做类平抛运动：L=V0t…④y=at2…⑤联立①②③④⑤解之得：y=…⑥（2）电子离开电场竖直向上的速度为：V y=at…⑦离开电场的速度：V=…⑧联立③④⑥⑦解之得：v=速度偏转角：tanθ=（3）由图可知：op=y+MP…⑨有几何关系得：MP=s•tanθ…⑩联立⑥⑨⑩解之得：op=（s+）tanθ=（s+）答：（1）电子偏离金属板时的侧位移是；（2）电子飞出电场时的速度大小为；（3）OP的长为（s+）．xx年11月9日26097 65F1 旱31539 7B33 笳24672 6060 恠22971 59BB 妻24311 5EF7 廷36366 8E0E 踎30562 7762 睢-22525 57FD 埽20292 4F44 佄=20739 5103 儃25119 621F 戟26990 696E 楮。

2021年高二上学期第一次月考物理试卷(选修)含解析

2021年高二上学期第一次月考物理试卷（选修）含解析一、单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共15分，每题只有一个选项是正确的）1．关于磁感应强度B=，下列说法正确的是（）A．电流元IL在磁场中受力为F，则磁感应强度B一定等于B．磁感应强度大小与电流元IL的乘积成反比，与F成正比C．磁感应强度方向与电流元IL在此点的受力方向相同D．磁感强度大小是由磁场本身因素决定的，而与有无检验电流无关2．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（）A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同3．如图所示，用绝缘细线悬挂一个导线框，导线框是由两同心半圆弧导线和直导线ab、cd（ab、cd在同一条水平直线上）连接而成的闭合回路，导线框中通有图示方向的电流，处于静止状态．在半圆弧导线的圆心处沿垂直于导线框平面的方向放置一根长直导线P．当P中通以方向向外的电流时（）A．导线框将向左摆动B．导线框将向右摆动C．从上往下看，导线框将顺时针转动D．从上往下看，导线框将逆时针转动4．电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的滑片由中点滑向a端时，下列说法正确的是（）A．电压表和电流表读数都增大B．电压表和电流表读数都减小C．电压表读数增大，电流表读数减小D．电压表读数减小，电流表读数增大5．如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，有两根竖直放置的平行导轨AB、CD，导轨上放有质量为m的金属棒MN，棒与导轨间的动摩擦因数为u，现从t=0时刻起，给棒通以图示方向的电流，且电流强度与时间成正比，即I=kt，其中k为恒量．若金属棒与导轨始终垂直，则下图所示的表示棒所受的摩擦力随时间变化的四幅图中，正确的是（）A． B． C． D．二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题至少有2个选项是正确的，少选得2分，不选或错选得零分）6．有关电动势的说法中正确的是（）A．电源的电动势等于内、外电路电势降之和B．电源提供的电能越多，电源的电动势越大C．当外电路断开时，电源的路端电压与电源电动势相等D．当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值7．如图所示，在xOy平面内有两根平行于y轴水平放置的长直导线，通有沿y轴正方向、大小相同的电流I，两导线关于y轴对称，P为x轴上一点，Q为z轴上一点，下列说法正确的是（）A．O点处的磁感应强度为零B．P、Q两点处的磁感应强度方向垂直C．P、Q两点处的磁感应强度方向平行D．图示的两根通电直导线之间存在斥力作用8．如图所示，一个半径为R的导电圆环与一个轴向对称的发散磁场处处正交，环上各点的磁感应强度B大小相等，方向均与环面轴线方向成θ角（环面轴线为竖直方向）．若导线环上载有如图所示的恒定电流I，则下列说法正确的是（）A．导电圆环有收缩的趋势B．导电圆环所受安培力方向竖直向上C．导电圆环所受安培力的大小为2BIRD．导电圆环所受安培力的大小为2πBIRsinθ9．在如图甲所示的电路中，L1、L2和L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A．则此时（）A．L1的电压为L2电压的2倍B．L1消耗的电功率为0.75WC．L2的电阻为12ΩD．L1、L2消耗的电功率的比值大于4：1三、填空实验题（本题共2小题13空，每空2分，共26分）10．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为L=mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为D=mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻R，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～30mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，某同学设计了如图4的电路，试指出3处不妥之处：①；②；③．11．某同学在用电流表和电压表测电池的电动势和内阻的实验中，串联了一只2.5Ω的保护电阻R0，实验电路如图1所示（1）连好电路后，当该同学闭合电键，发现电流表示数为0，电压表示数不为0．检查各接线柱均未接错，接触良好且未发生短路；他用多用电表的电压档检查电路，把两表笔分别接a、b，b、c，d、e时，示数均为0，把两表笔接c、d时，示数与电压表示数相同，由此可推断故障是．（2）排除故障后，该同学顺利完成实验，测定下列数据，根据数据在图2坐标图中画出U ﹣I图，由图知：电池的电动势为V，内阻为Ω．I/A 0.10 0.17 0.23 0.30U/V 1.20 1.00 0.80 0.60 （3）考虑电表本身电阻对测量结果的影响，造成本实验的系统误差的原因是：．（4）实验所得的电池的电动势和内阻的测量值与真实值比较，E测E真，r测r真（填“＜”、“=”或“＞”）．四、论述计算题（本题共4小题，共43分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）12．一个电源的路端电压U随外电路电阻R的变化规律如图（甲）所示，图中U=12V的直线为图线的渐近线．现将该电源和一个变阻器R0接成如图（乙）所示电路，已知电源允许通过的最大电流为2A，变阻器的最大阻值为R0=22Ω．求：（1）电源电动势E和内电阻r；（2）空载时A、B两端输出的电压范围；（3）A、B两端所能接负载的电阻的最小值．13．如图甲所示，在水平地面上固定一对与水平面倾角为α的光滑平行导电轨道，轨道间的距离为L，两轨道底端的连线与轨道垂直，顶端接有电源．将一根质量为m的直导体棒ab放在两轨道上，且与两轨道垂直，通过导体棒的恒定电流大小为I．（重力加速度为g）问：（1）若在空间加一竖直向上的匀强磁场，使导体棒在轨道上保持静止．①请在图乙侧视图中画出导体棒受力的示意图；②求出所加磁场的磁感应强度的大小．（2）若磁场的强弱和方向都可以变化，为使导体棒在轨道上保持静止，求所加磁场的磁感应强度的最小值和对应的方向．14．如图所示，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，电阻R1=2Ω，R2=3Ω，R3=7.5Ω，电容器的电容C=4μF．开关S原来断开，现在合上开关S到电路稳定，试求：（1）S断开时电容器的带电量；（2）S合上电路稳定后电容器的带电量；（3）这一过程中通过电流表的电荷量和流过电流表的电流方向（回答向上或向下）．15．如图是导轨式电磁炮实验装置示意图．两根平行长直金属导轨沿水平方向固定，其间安放金属滑块（即实验用弹丸），滑块可沿导轨无摩擦滑行，且始终与导轨保持良好接触．电源提供的强大恒定电流从一根导轨流入，经过滑块，再从另一导轨流回电源，滑块被导轨中的电流形成的磁场推动而发射．在发射过程中，该磁场在滑块所在位置始终可以简化为匀强磁场，方向垂直于纸面，其强度与电流的关系为B=kI，k=2.5×10﹣6 T/A．已知两导轨内侧间距l=3cm，滑块的质量m=30g，滑块从静止沿导轨滑行x=5m后获得的发射速度v=3×103m/s（此过程视为匀加速运动）．求：（1）发射过程中滑块的加速度；（2）发射过程中电源提供的电流是多大？（3）若电源输出的能量有9%转换为滑块的动能，则发射过程中电源的输出功率和输出电压各是多大？xx学年江苏省南通市启东中学高二（上）第一次月考物理试卷（选修）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共15分，每题只有一个选项是正确的）1．关于磁感应强度B=，下列说法正确的是（）A．电流元IL在磁场中受力为F，则磁感应强度B一定等于B．磁感应强度大小与电流元IL的乘积成反比，与F成正比C．磁感应强度方向与电流元IL在此点的受力方向相同D．磁感强度大小是由磁场本身因素决定的，而与有无检验电流无关【考点】磁感应强度．【分析】磁感应强度B=是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，由磁场本身决定的．【解答】解：A、若电流的方向与磁场方向垂直，磁感应强度B=，否则B，故A错误．B、磁感应强度大小与电流元IL的乘积无关，故B错误．C、根据左手定则知，磁感应强度的方向与电流元在此点的受力方向不同，故C错误．D、磁感强度大小是由磁场本身因素决定的，而与有无检验电流无关．故D正确．故选：D．2．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（）A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．当它们串联时，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．【解答】解：A、B图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同．故A错误，B正确．C、D图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．故CD错误．故选B3．如图所示，用绝缘细线悬挂一个导线框，导线框是由两同心半圆弧导线和直导线ab、cd （ab、cd在同一条水平直线上）连接而成的闭合回路，导线框中通有图示方向的电流，处于静止状态．在半圆弧导线的圆心处沿垂直于导线框平面的方向放置一根长直导线P．当P 中通以方向向外的电流时（）A．导线框将向左摆动B．导线框将向右摆动C．从上往下看，导线框将顺时针转动D．从上往下看，导线框将逆时针转动【考点】安培力；左手定则．【分析】先由安培定则判断通电直导线P在导线ab、cd处的磁场方向，然后由左手定则判断导线ab、cd所受的安培力．【解答】解：由安培定则判断出通电导线P在ab处的磁场向下，在cd处的磁场向上，根据左手定则，知ab受安培力向外，cd受安培力向里，从上往下看，导线框将逆时针转动，故D正确．故选：D．4．电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的滑片由中点滑向a端时，下列说法正确的是（）A．电压表和电流表读数都增大B．电压表和电流表读数都减小C．电压表读数增大，电流表读数减小D．电压表读数减小，电流表读数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由图可知R2与R并联后与R1串联，电压表测路端电压，电流表测量流过R2的电流；滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则由闭合电路的欧姆定律可知电路中干路电流的变化及路端电压的变化；再分析并联电路可得出电流表示数的变化．【解答】解：当滑动变阻器的滑片由中点滑向a端时，接入电路的电阻减小，则由闭合电中欧姆定律可知，干路电流增加，内电压增加，由U=E﹣Ir可知路端电压减小，即电压表示数减小；因路端电压减小，R1两端的电压增加，故并联部分电压减小，由欧姆定律可知电流表示数减小；故B正确，ACD错误；故选：B．5．如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，有两根竖直放置的平行导轨AB、CD，导轨上放有质量为m的金属棒MN，棒与导轨间的动摩擦因数为u，现从t=0时刻起，给棒通以图示方向的电流，且电流强度与时间成正比，即I=kt，其中k为恒量．若金属棒与导轨始终垂直，则下图所示的表示棒所受的摩擦力随时间变化的四幅图中，正确的是（）A． B． C． D．【考点】牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用；安培力．【分析】导体棒受重力、安培力、导轨对金属棒的弹力、摩擦力，开始金属棒在导轨上滑动，所受滑动摩擦力，当滑动摩擦力大于重力，金属棒做减速运动，最终静止．【解答】解：在垂直于纸面方向上金属棒受安培力和导轨对金属棒的弹力，两个力相等，开始金属棒由静止开始运动，所受摩擦力为滑动摩擦力，在运动的过程中，安培力增大，则弹力增大，所以滑动摩擦力增大，f=μF N=μBIL=μBLkt，成线性增大．当摩擦力大于重力，金属棒做减速运动，最终停止，最终摩擦力变为静摩擦力，f=mg．在运动的过程中，最大滑动摩擦力大于mg．故C正确，A、B、D错误．故选C．二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题至少有2个选项是正确的，少选得2分，不选或错选得零分）6．有关电动势的说法中正确的是（）A．电源的电动势等于内、外电路电势降之和B．电源提供的电能越多，电源的电动势越大C．当外电路断开时，电源的路端电压与电源电动势相等D．当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值【考点】电源的电动势和内阻．【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解答】解：A、由闭合电路欧姆定律可知，电源的电动势等于内外电路电势降之和；故A 正确；B、电源提供的能量与做功时间有关系，不能说提供的能量多，电源的电势就大；故B错误；C、当外电路断开时，电源的路端电压与电源的电动势相等；故C正确；D、由E=可知，当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值；故D正确；故选：ACD．7．如图所示，在xOy平面内有两根平行于y轴水平放置的长直导线，通有沿y轴正方向、大小相同的电流I，两导线关于y轴对称，P为x轴上一点，Q为z轴上一点，下列说法正确的是（）A．O点处的磁感应强度为零B．P、Q两点处的磁感应强度方向垂直C．P、Q两点处的磁感应强度方向平行D．图示的两根通电直导线之间存在斥力作用【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】根据右手螺旋定则判断出磁场的方向，通过场强的叠加得出合场强的方向，再依据左手定则，即可判定两导线间的磁场力方向．【解答】解：A、根据安培定则可判断出两电流在0点处产生的磁感应强度等大反向，合磁感应强度为零．故A正确．B、两电流在P点的磁场方向相反，叠加后合磁场方向沿z轴正方向；两电流在z轴正方向上各点产生的磁感应强度矢量叠加后，都沿x轴负方向，P、Q两点磁场方向垂直．故B正确．C错误．D、根据右手螺旋定则，可知，左侧的电流导线在右侧的磁场方向平行于Z轴，由左手定则判断其受沿x轴负方向的安培力作用，即它们之间存在相互吸引力．故D错误．故选：AB．8．如图所示，一个半径为R的导电圆环与一个轴向对称的发散磁场处处正交，环上各点的磁感应强度B大小相等，方向均与环面轴线方向成θ角（环面轴线为竖直方向）．若导线环上载有如图所示的恒定电流I，则下列说法正确的是（）A．导电圆环有收缩的趋势B．导电圆环所受安培力方向竖直向上C．导电圆环所受安培力的大小为2BIRD．导电圆环所受安培力的大小为2πBIRsinθ【考点】楞次定律．【分析】根据感应电流方向由楞次定律判断出穿过环的磁通量如何变化，然后判断环有收缩趋势还是扩张趋势；由左手定则判断环所受安培力方向，由安培力公式求出环所受安培力大小．【解答】解：A、根据通入电流方向，结合左手定则可知，安培力方向水平分量均指向圆心，因此环有收缩的趋势，故A正确；B、把磁感应强度分解为水平分量与竖直分量，竖直方向的磁场对环形电流的安培力为零，由左手定则可知，水平方向的磁场对电流的安培力竖直向上，即导电圆环所受安培力竖直向上，故B正确；C、把磁感应强度分解为水平分量与竖直分量，竖直方向的磁场对环形电流的安培力为零，导电圆环可以等效为两直线电流，导线的有效长度等于环的直径，水平磁场对电流的安培I•2πR=2πBIRsinθ，故C错误，D正确；力F=B水平故选：ABD．9．在如图甲所示的电路中，L1、L2和L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A．则此时（）A．L1的电压为L2电压的2倍B．L1消耗的电功率为0.75WC．L2的电阻为12ΩD．L1、L2消耗的电功率的比值大于4：1【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】L2和L3并联后与L1串联，L2和L3的电压相同，则电流也相同，电路中的总电流为0.25A，从而求出通过三个灯泡的电流，则知三个灯泡两端的电压，由R=求出电阻，根据P=UI求功率．【解答】解：A、L2和L3并联后与L1串联，L2和L3的电压相同，则电流也相同，L1的电流为L2电流的2倍，由于灯泡是非线性元件，所以L1的电压不是L2电压的2倍，故A错误；B、根据图象可知，当电流为0.25A时，电压U=3V，所以P=UI=0.75W，故B正确；C、L2的电流为0.125A，由图可知，此时L2的电压小于0.5V，根据欧姆定律可知，L2的电阻小于4Ω，故C错误；D、根据P=UI可知，L2消耗的电功率P2＜0.125×0.5=0.0625W，所以L1、L2消耗的电功率的比值大于4；1，故D正确；故选：BD三、填空实验题（本题共2小题13空，每空2分，共26分）10．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为L=50.15mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为D= 4.700mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻R，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为120Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～30mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，某同学设计了如图4的电路，试指出3处不妥之处：①电流表选用A1；②电流表采用内接法；③滑动变阻器采用限流接法．【考点】测定金属的电阻率．【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；（3）欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数；（4）根据电路最大电流选择电流表，根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表接法，根据待测电阻阻值与滑动变阻器最大阻值间的关系确定滑动变阻器的接法，分析图示电路图，然后答题．【解答】解：（1）由图1所示游标卡尺可知，其示数为：50mm+3×0.05mm=50.15mm；（2）由图2所示螺旋测微器可知，其示数为：4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，由图3所示表盘可知，待测电阻阻值：R=12×10=120Ω；（4）电源电动势为4V，电压表应选V1，电路最大电流约为I===0.025A=25mA，电流表应选A2，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1；待测电阻阻值约为120Ω，电压表内阻约为10kΩ，电流表内阻约为30Ω，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，滑动变阻器最大阻值为15Ω，滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，由图3所示电路图可知：①电流表选用A1而没有选择A2这是错误的；②电流表采用内接法而没有采用外接法，这是错误的；③滑动变阻器采用限流接法而没有采用分压接法，这是错误的；故答案为：（1）50.15；（2）4.700；（3）120；（4）①电流表选用A1；②电流表采用内接法；③滑动变阻器采用限流接法．11．某同学在用电流表和电压表测电池的电动势和内阻的实验中，串联了一只2.5Ω的保护电阻R0，实验电路如图1所示（1）连好电路后，当该同学闭合电键，发现电流表示数为0，电压表示数不为0．检查各接线柱均未接错，接触良好且未发生短路；他用多用电表的电压档检查电路，把两表笔分别接a、b，b、c，d、e时，示数均为0，把两表笔接c、d时，示数与电压表示数相同，由此可推断故障是R断路．（2）排除故障后，该同学顺利完成实验，测定下列数据，根据数据在图2坐标图中画出U ﹣I图，由图知：电池的电动势为 1.50V，内阻为0.45Ω．I/A 0.10 0.17 0.23 0.30U/V 1.20 1.00 0.80 0.60 （3）考虑电表本身电阻对测量结果的影响，造成本实验的系统误差的原因是：电压表内阻分流．（4）实验所得的电池的电动势和内阻的测量值与真实值比较，E测＜E真，r测＜r真（填“＜”、“=”或“＞”）．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）通过排除法，从断路和短路的角度推断故障．（2）U﹣I图线的纵轴截距表示电源的电动势，图线斜率的绝对值表示内阻．（3）将保护电阻等效到电源的内部，电压表测的是外电压，电流表的读数小于通过电源的电流，是因为电压表起分流作用．（4）作出U﹣I图线的测量图线和真实图线，比较电动势和内阻的测量值和真实值的大小【解答】解：（1）发现电流表示数为0，电压表示数不为0，电流表或R处断路，用多用电表的电压档检查电路，把两表笔分别接a、b，b、c，d、e时，示数均为0，把两表笔接c、d时，示数与电压表示数相同，知R断路．（2）U﹣I图线是一条倾斜的直线，描点作图如图所示：由图示图象可知，电源U﹣I图象纵轴截距为1.50，电动势：E=1.50V．图线的斜率k=≈2.95Ω，则内阻为：r=2.95﹣2.5Ω=0.45Ω．（3）电流表所测的电流小于通过电源的电流，因为电压表内阻有分流作用．（4）将保护电阻等效到电源的内部，电压表测的电压为外电压，电流表所测的电流偏小，作出U﹣I图线的测量图线和实际图线如图所示：虚线表示实际图，从图线可以看出，电动势和内阻的测量值均小于真实值．故答案为：（1）R断路；（2）1.50；0.45；（3）电压表内阻分流；（4）＜；＜．四、论述计算题（本题共4小题，共43分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）12．一个电源的路端电压U随外电路电阻R的变化规律如图（甲）所示，图中U=12V的直线为图线的渐近线．现将该电源和一个变阻器R0接成如图（乙）所示电路，已知电源允许通过的最大电流为2A，变阻器的最大阻值为R0=22Ω．求：（1）电源电动势E和内电阻r；（2）空载时A、B两端输出的电压范围；（3）A、B两端所能接负载的电阻的最小值．【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】（1）当外电阻无穷大时，路端电压等于电动势，由图象可知电源的电动势，由闭合电路欧姆定律可求得电源的内阻；（2）AB输出电压为AB并联的滑动变阻器部分电阻的电压，根据滑动变阻器两端的电压范围即可求出；（3）根据闭合电路欧姆定律可求得当电源达最大电流时的外电阻，分析外电路的特点可得出AB两端所接的最小电阻．【解答】解：（1）当外电阻无穷大时，路端电压等于电动势．由图可知，当外电阻无穷大时，路端电压接近12V，故说明电源的电动势E=12V；由图象可知，当外电阻为R=2Ω时，路端电压为U=6V，由欧姆定律可得：电路中电流为I==A=3A，由U r=E﹣U=Ir，得内电阻r==Ω=2Ω；=0V（2）空载时，当变阻器滑片移至最下端时，输出电压最小，为U最小===11V当变阻器滑片移至最上端时，输出电压最大，为U最大故空载时A、B两端输出的电压范围是0～11V．（3）设所接负载的电阻的最小值为R′，此时滑片应移至最上端，电源电流最大I=2A，+r）有E=I（R外=其中R外。

2021年高二第一次阶段性测试题物理

2021年高二第一次阶段性测试题物理一、单项选择题。

（本题共5小题，每小题4分，共20分） 1、关于静电场，下列说法正确的是（）A.电势等于零的物体一定不带电B.电场强度为零的点，电势一定为零C.同一电场线上的各点，电势一定相等D. 负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加2、如图，两个可看作点电荷的小球带同种电，电荷量分别为q 和q ，质量分别为m 和m ，当两球处于同一水平面时，α >β，则造成α >β的可能原因是：（）A ．m>mB ．m<mC ．q >qD ．q >q3、如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M 点以相同速度垂直于电场线方向飞出a 、b 两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示。

则（） A.a 一定带正电，b 一定带负电 B.a 的速度将减小，b 的速度将增加 C.a 的加速度将减小，b 的加速度将增加 D.两个粒子的动能，一个增加一个减小4、一个不计重力的带电微粒，进入匀强电场没有发生偏转，则该微粒的（） A. 运动速度必然增大 B ．运动速度必然减小 C. 运动速度可能不变 D ．运动加速度肯定不为零5、如图所示，一种射线管由平行金属板A 、B 和平行于金属板的细管C 组成。

放射源O 在A 极板左端，可以向各个方向发射不同速度、质量为m 的电子。

若极板长为L ，间距为d ，当A 、B 板加上电压U 时，只有某一速度的电子能从细管C 水平射出，细管C 离两板等距。

已知元电荷为e ，则从放射源O 发射出的电子的这一速度为（） A.2eU m B.Ld eU m C.1deU (d 2＋L 2)mD.L deU 2m二、双项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分。

)6、如图所示，某区域电场线左右对称分布，M、N为对称线上的两点。

下列说法正确的是（）A．M点电势一定高于N点电势B．M点场强一定大于N点场强C．正电荷在M点的电势能大于在N点的电势能D．将电子从M点移动到N点，电场力做正功7、等量异种点电荷的连线和其中垂线如图所示，现将一个带负电的检验电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点。

2021年高二上学期段考物理试卷(10月份)含解析

2021年高二上学期段考物理试卷（10月份）含解析一.选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分.每小题给出的选项中有一项或多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．由电场强度的定义式E= 可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C．电荷在电场中某点所受的电场力越大，该点的电场强度就越大D．一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零2．如图是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势B．该点电荷带负电C．a点和b点电场强度的方向相同D．a点的电场强度大于b点的电场强度3．如图所示为点电荷产生的电场中的一条电场线，若一带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，则可判定（）A．点电荷一定带正电 B．点电荷一定带负电C．点电荷一定在A的左侧D．点电荷一定在B的右侧4．电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知E a和E b，电势分别为φa和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb 5．如图所示，正电荷q在电场中由P向Q做加速运动，而且加速度越来越大，由此可以判定，它所在的电场是图中的（）A． B． C． D．6．如图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是（）A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能7．在以点电荷为球心、r为半径的球面上各点相同的物理量是（）A．电场强度 B．同一电荷所受电场力C．电势 D．同一电荷具有的电势能8．在电场中，把电荷量为4×10﹣9 C的正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功6×10﹣8 J，以下说法中正确的是（）A．电荷在B点具有的电势能是6×10﹣8 JB．B点电势是15 VC．电荷的电势能增加了6×10﹣8 JD．电荷的电势能减少了6×10﹣8 J9．关于场强和电势差的关系，说法正确的是（）A．电场强度越大的地方，电势越高，任意两点间的电势差越大B．沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等C．电势降低的方向必定是电场强度的方向D．沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大，则场强越大10．在静电场中，下列说法正确的是（）A．场强处处为零的区域内，电势一定处处相等B．场强处处相同的区域内，电势也一定处处相等C．电势降低的方向一定是场强方向D．同一电场中等差等势面分布越密的地方，场强一定越大11．图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零12．如图所示，Q1和Q2是两个电荷量大小相等的点电荷，MN是两电荷的连线，HG是两电荷连线的中垂线，O是垂足，下列说法正确的是（）A．若两电荷是异种电荷，则OM的中点与ON的中点电势一定相等B．若两电荷是异种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，而与HG 上各点相比是最大的C．若两电荷是同种电荷，则OM中点与ON中点处的电场强度一定相同D．若两电荷是同种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，与HG 上各点相比是最大的13．如图所示，匀强电场场强E=100V/m，A、B两点相距10cm，A、B连线与电场线夹角为60°，则U BA的值为（）A．﹣10 V B．5 V C．﹣5 V D．﹣5 V14．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（）A．b点场强大于d点场强B．b点场强小于d点场强C．a、b两点间的电压等于b、c两点间的电压D．试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能二、非选择题（本题共4个小题，共44分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．如图所示，有一水平向右的匀强电场，场强E=9.0×103 N/C，在竖直平面内有一半径为0.1m 的圆周，取最高点为C点，另在圆心O处放置电荷量为Q=1.0×10﹣8 C的带正电的点电荷．试求：（1）点电荷在C处的场强大小和方向（2）C点场强的大小和方向．16．在电场中，把电量为2.0×10﹣8 C的正点电荷从A点移到B点，电场力做了2.0×10﹣6 J的功；再把这个电荷从B点移到C点，克服电场力做功6.0×10﹣6 J．求：（1）A、B两点间的电势差U AB；（2）A、C两点间的电势差U AC．17．如图所示，在场强E=104 N/C的水平匀强电场中，有一根长l=15cm的细线，一端固定在O点，另一端系一个质量m=3g、电荷量q=2×10﹣6 C的带正电小球，当细线处于水平位置时，小球从静止开始释放，取g=10m/s2．求：（1）小球到达最低点B的过程中重力势能、电势能分别变化了多少？（2）小球到B点时速度为多大？（3）绳子张力为多大？18．如图所示电子射线管阴极K发射电子，阳极P和阴极K间加上电压后电子被加速．A、B是偏向板，使飞进的电子偏离．若已知P、K间所加电压U PK，偏向板长为L，板间距离为d，所加偏转电压为U AB．偏向板右端到荧光屏的水平距离为R．电子质量为m e，（不计电子重力）电子电量为e．设从阴极出来的电子速度为0．试问：（1）电子通过阳极P板的速度υ0是多少？（2）电子射出偏向板时具有动能E k是多少？（3）电子过偏向板到达距离偏向板R 荧光屏上O′点，此点偏离入射方向的距离y是多少？xx学年山东省济南外国语学校三箭分校高二（上）段考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一.选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分.每小题给出的选项中有一项或多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．由电场强度的定义式E= 可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C．电荷在电场中某点所受的电场力越大，该点的电场强度就越大D．一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零【考点】电场强度．【分析】电场强度取决于电场本身，与检验电荷所受的电场力和电荷量无关．电场的基本特性是对放入其中的电荷有力的作用．【解答】解：AB、电场强度取决于电场本身，与检验电荷所受的电场力F和电荷量q无关，不能认为电场强度E跟F成正比，跟q成反比．故A错误；B、电场强度由电场本身决定，与检验电荷的电量无关，则无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变，故B正确；C、电荷在电场中某点所受的电场力越大，该点的电场强度不一定越大，因为电场力还与该电荷的电荷量有关，故C错误；D、一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，P点的场强可能为零，也可能不为零，故D错误．故选：B2．如图是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势B．该点电荷带负电C．a点和b点电场强度的方向相同D．a点的电场强度大于b点的电场强度【考点】电场线；电场强度；电势．【分析】本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单．【解答】解：A、根据电场线与等势线垂直，在b点所在电场线上找到与a点电势相等的，依据沿电场线电势降低，a点电势低于b点电势，故A错误．B、该点电荷带负电，故B正确．C、由题图可看出a点和b点电场强度的方向不相同，故C错误D、电场线越密的地方电场强度越大，a点的电场强度大于b点的电场强度，故D正确．故选BD．3．如图所示为点电荷产生的电场中的一条电场线，若一带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，则可判定（）A．点电荷一定带正电 B．点电荷一定带负电C．点电荷一定在A的左侧D．点电荷一定在B的右侧【考点】电场强度；电场线．【分析】据题，带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，说明场强增大．电场力方向与粒子的速度方向相反，方向从A点到B点，负电荷所受电场力方向与场强方向相反，说明电场强度方向是从B点到A点．根据电场强度的变化情况，判断点电荷的位置．【解答】解：据题，带负电的粒子从B点运动到A点时，速度减小，说明电场力方向从A 点到B点，说明电场强度方向是从B点到A点．加速度增大而速度减小，说明场强增大，则点电荷一定在A的左侧，并且一定带负电．故选BC4．电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知E a和E b，电势分别为φa和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb 【考点】电势；电场强度；电场线．【分析】电场线可以形象的描述电场的分布，电场线密的地方，电场强度大，沿电场电势降低，据此可正确解答本题．【解答】解：根据电场线疏密表示电场强度大小，E a＜E b；根据沿电场线电势降低，φa＞φb，故ABD错误，C正确．故选C．5．如图所示，正电荷q在电场中由P向Q做加速运动，而且加速度越来越大，由此可以判定，它所在的电场是图中的（）A． B． C． D．【考点】电场线；电场强度．【分析】正电荷在电场中受到的电场力方向与场强方向相同，加速度与场强成正比，加速度增大，场强增大．【解答】解：正电荷q在电场中由P向Q做加速运动，电场力方向与速度相同，与电场强度方向也相同，则可知，电场强度方向由P→Q．根据牛顿第二定律得知，加速度与电场强度成正比，电荷的加速度增大，场强增大，电场线越来越来密．故选：D6．如图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是（）A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能【考点】电场线．【分析】由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．【解答】解：A、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向下，由于粒子带负电所以电场线的方向向上，故A错误；B、由上可知，由于粒子的运动方向不知，所以可能是从a到b，也可能是从b到a．故B 错误；C、由于粒子带负电所以电场线的方向向上，所以a点电势比b点电势低．故C错误；D、带电粒子从a到b点过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，粒子在a点的电势能大于在b点的电势能．故D正确；故选：D7．在以点电荷为球心、r为半径的球面上各点相同的物理量是（）A．电场强度 B．同一电荷所受电场力C．电势 D．同一电荷具有的电势能【考点】点电荷的场强；电场强度；电势．【分析】只有大小和方向都相同时，矢量才相同；标量只有大小，没有方向，只要大小相等，标量就相同．以点电荷为球心的球面是一个等势面，其上各点的电势相等，电场强度大小相等，方向不同．【解答】解：A、以点电荷为球心的球面各点的电场强度大小相等，方向不同，故电场强度不同．故A错误．B、由F=qE可知，同一电荷受到的电场力大小相等，方向不同，故电场力不同，故B错误．C、以点电荷为球心的球面是一个等势面，即各点的电势相等．故C正确．D、由电势能与电势的关系可知，电势相同，同一电荷具有相同的电势能．故D正确．故选：CD．8．在电场中，把电荷量为4×10﹣9 C的正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功6×10﹣8 J，以下说法中正确的是（）A．电荷在B点具有的电势能是6×10﹣8 JB．B点电势是15 VC．电荷的电势能增加了6×10﹣8 JD．电荷的电势能减少了6×10﹣8 J【考点】电势能；电势．【分析】电荷在电场中的电势与电势能都与0势能点的选取有关；电场中某点的电势等于将该电荷从无穷远处移到这该点电场力所做的功与其电荷量的比值．若改变零电势位置，则电势也会发生变化，但电势差却不变．电场力做正功，电荷的电势能减小，电场力做负功，电荷的电势能增大．【解答】解：AB、电荷在电场中某点的电势能具有相对性，只有确定了零势点，B点的电势、电荷在B点的电势能才是确定的数值，故AB错误；CD、由于电荷从A移到B的过程中是克服静电力做功6×10﹣8 J，故电荷电势能应该是增加了6×10﹣8 J，故C正确，D错误．故选：C9．关于场强和电势差的关系，说法正确的是（）A．电场强度越大的地方，电势越高，任意两点间的电势差越大B．沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等C．电势降低的方向必定是电场强度的方向D．沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大，则场强越大【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电场强度与电势没有直接关系，在匀强电场中电场强度与电势差的关系是U=Ed，d是沿电场线方向两点间的距离；在匀强电场中，沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等；电势降低最快的方向必定是电场强度的方向．【解答】解：A、电场强度与电势无关，所以电场强度越大的地方，电势不一定越高，两点间的电势差也不一定越大，故A错误；B、只有在匀强电场中，根据公式U=Ed可知，沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等；若是非匀强电场，沿着电场线方向，相同距离上的电势降低不一定相等，故B 错误；C、沿着电场线方向电势逐渐降低，但电势降低最快的方向才是电场强度方向．故C错误；D、根据E=知，沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大，U越大，则场强越大，故D正确．故选：D．10．在静电场中，下列说法正确的是（）A．场强处处为零的区域内，电势一定处处相等B．场强处处相同的区域内，电势也一定处处相等C．电势降低的方向一定是场强方向D．同一电场中等差等势面分布越密的地方，场强一定越大【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【分析】电势与场强没有直接的关系．电场强度处处相等的区域内，电势不一定处处相等．只在电场力作用下，正电荷不一定从电势高的地方向电势低的地方移动．沿着电场线方向电势一定越来越低【解答】解：A、场强处处为零的区域内，各点之间的电势差一定为0，所以电势一定处处相等．故A正确．B、电场强度处处相等的区域内，顺着电场线方向的两点电势会降低，同一等势面的各点电势相等，所以电势不一定处处相等．故B错误．C、电势降低最快的方向为场强方向，故C错误．D、同一电场中等差等势面分布越密的地方，场强一定越大．故D正确．故选：AD11．图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势．【分析】电场线与等势面垂直，由于O点电势高于c点，故匀强电场的场强方向向下；粒子运动的轨迹上每个点的切线就是该点上的速度方向，要判断这个粒子是克服力做功还是在电场力的作用下做正功，只需要画出该点的切线方向，而力的方向必须与速度方向的夹角夹着运动轨迹，即运动轨迹是一定在速度方向和力的方向的夹角里面的！【解答】解：A、电场线与等势面垂直，由于O点电势高于c点，故匀强电场的场强方向向下；因为运动轨迹是不可能出现在这个夹角外的，由这点可以直接看出，图中的N受到的电场力是向上的，M受到的电场力是向下的，故N带负电，M带正电，故A错误；B、由于oa和oc间电势差相等，电场力又都是做正功的，根据动能定理，电场力做功相等，故动能增量相等，故B答案正确；C、由于N带负电，电场力向上，故电场力做正功，故C错误；D、由于ob在同一等势面上，故M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零，故D正确；故选BD．12．如图所示，Q1和Q2是两个电荷量大小相等的点电荷，MN是两电荷的连线，HG是两电荷连线的中垂线，O是垂足，下列说法正确的是（）A．若两电荷是异种电荷，则OM的中点与ON的中点电势一定相等B．若两电荷是异种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，而与HG 上各点相比是最大的C．若两电荷是同种电荷，则OM中点与ON中点处的电场强度一定相同D．若两电荷是同种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，与HG 上各点相比是最大的【考点】电场强度．【分析】若两电荷是异种电荷，根据顺着电场线方向降低，分析电势的高低；在两电荷的连线上，O点场强最小，在连线的中垂线上O点的场强最大；若两电荷是同种电荷，根据电场的对称性分析电场强度的关系，电场线越密，场强越大．【解答】解：A、若两电荷是异种电荷，电场线从正电荷指向负电荷，MN间各点的电势一定不等，则OM的中点与ON的中点电势一定不相等，故A错误．B、若两电荷是异种电荷，在两电荷的连线上，O点电场线最疏，电场强度与MN上各点相比是最小的．在HG线上，O点的电场线最密，与HG上各点相比电场强度是最大的．故B正确．C、若两电荷是同种电荷，根据电场线分布的对称性可知，OM中点与ON中点处的电场强度大小相等，但方向相反，所以电场强度不同，故C错误．D、若两电荷是同种电荷，O点的电场强度大小是0，与电场中其他各点相比都是最小的，故D错误．故选：B13．如图所示，匀强电场场强E=100V/m，A、B两点相距10cm，A、B连线与电场线夹角为60°，则U BA的值为（）A．﹣10 V B．5 V C．﹣5 V D．﹣5 V【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势．【分析】已知匀强电场的场强为E，A、B两点间的距离为L及AB连线与电场方向的夹角为θ，根据公式U=Ed，求出两点沿电场方向的距离d，再求解电势差U．【解答】解：由图示可知，AB方向与电场线方向间的夹角θ=60°，AB两点沿电场方向的距离：d=Lcosθ，AB两点间的电势差：U AB=Ed=ELcosθ=100V/m×0.1m×cos60°=5V所以：U BA=﹣U AB=﹣5V．故选：C14．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（）A．b点场强大于d点场强B．b点场强小于d点场强C．a、b两点间的电压等于b、c两点间的电压D．试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能【考点】电场强度；电场的叠加；电势能．【分析】据等量异号电荷的电场分布特点可知各点的场强大小，由电场线性质及电场的对称性可知ab及bc两点间的电势差；由电势能的定义可知ac两点电势能的大小．【解答】解：A、B、在两等量异种电荷的连线上，中点b处电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中点b处电场强度最大；所以b点场强小于d点场强，故A错误，B正确；C、由对称性可知，a、b两点的电压即电势差等于b、c两点间的电压，故C正确；D、因a点的电势高于c点的电势，故试探电荷+q在a点的电势能大于在c点的电势能，故D错误．故选：BC．二、非选择题（本题共4个小题，共44分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．如图所示，有一水平向右的匀强电场，场强E=9.0×103 N/C，在竖直平面内有一半径为0.1m 的圆周，取最高点为C点，另在圆心O处放置电荷量为Q=1.0×10﹣8 C的带正电的点电荷．试求：（1）点电荷在C处的场强大小和方向（2）C点场强的大小和方向．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【分析】（1）根据公式E=k求出点电荷在C点处产生的场强大小，判断出场强方向，（2）C点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解C点处的场强大小和方向．【解答】解：（1）点电荷在C点处产生的场强大小为E=k=9×109×N/C=9×103N/C，方向从O→C．（2）C点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则得，C点的场强大小为E C=E=N/C=1.27×104N/C，方向与水平成45°角斜向右上方．答：（1）点电荷在C处的场强大小和方向O→C（2）C点场强的大小和方向与水平成45°角斜向右上方16．在电场中，把电量为2.0×10﹣8 C的正点电荷从A点移到B点，电场力做了2.0×10﹣6 J的功；再把这个电荷从B点移到C点，克服电场力做功6.0×10﹣6 J．求：（1）A、B两点间的电势差U AB；（2）A、C两点间的电势差U AC．【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【分析】（1）根据公式列式求解A、B两点间的电势差U AB；（2）电场力做功与路径无关，只与初末位置有关，根据W AC=W AB+W BC求解，根据求解U AC．【解答】解：（1）A、B两点间的电势差无色：U AB=；（2）从A到C，电场力做功为：W AC=W AB+W BC=2.0×10﹣6 J﹣6.0×10﹣6 J=﹣4.0×10﹣6 J，故=；答：（1）A、B两点间的电势差U AB为100V；（2）A、C两点间的电势差U AC为﹣200V．17．如图所示，在场强E=104 N/C的水平匀强电场中，有一根长l=15cm的细线，一端固定在O点，另一端系一个质量m=3g、电荷量q=2×10﹣6 C的带正电小球，当细线处于水平位置时，小球从静止开始释放，取g=10m/s2．求：（1）小球到达最低点B的过程中重力势能、电势能分别变化了多少？（2）小球到B点时速度为多大？（3）绳子张力为多大？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力；电势能．【分析】（1）根据重力做功分析重力势能的变化，由电场力做功分析电势能的变化．（2）根据动能定理求小球在B点的速度．（3）在最低点根据向心力公式求绳子张力【解答】解：（1）小球到达最低点B的过程中重力势能的变化量为：△E p=﹣mgL=﹣3×10﹣3×10×0.15J=﹣4.5×10﹣3J电势能的变化量为：=qEL=2×10﹣6×104×0.15J=3×10﹣3J△E p电（2）根据动能定理得：mgL﹣qEL=代入数据：解得：v=1m/s（3）在最低点拉力和重力的合力提供向心力：代入数据：解得：T=0.05N答：（1）球到达最低点B的过程中重力势能的变化量为﹣4.5×10﹣3J，电势能的变化量为3×10﹣3J．（2）小球在B点的速度为1m/s．（3）绳子张力为0.05N18．如图所示电子射线管阴极K发射电子，阳极P和阴极K间加上电压后电子被加速．A、B是偏向板，使飞进的电子偏离．若已知P、K间所加电压U PK，偏向板长为L，板间距离为d，所加偏转电压为U AB．偏向板右端到荧光屏的水平距离为R．电子质量为m e，（不计电子重力）电子电量为e．设从阴极出来的电子速度为0．试问：（1）电子通过阳极P板的速度υ0是多少？。

2021-2022年高二12月阶段性检查物理(选修)试题含答案

2021年高二12月阶段性检查物理（选修）试题含答案一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共计32分。

1．关于传感器，下列说法正确的是A．所有传感器的材料都是由半导体材料做成的B．干簧管是能够感知电场的传感器C．霍尔元件是能够把磁感应强度这个磁学量转换为电压这个电学量D．电饭锅中的温度传感器是用两层膨胀系数不同的双金属片2．如图所示为一正弦交变电流通过一电子元件后的波形图，则下列说法正确的是A．图示电流是一种交变电流B．电流的变化周期是0.01sC．电流的有效值是2AD．电流通过100的电阻时，1s内产生热量为100J3．在电子线路中，从某一装置输出的交变电流常常既有高频成分，又有低频成分。

如图所示的电路中，、两端得到的交变电流既含高频，又含低频，是一个25mH的高频扼流圈，是一个100F的电容器，是负载电阻，下列说法中不正确．．．的是A．的作用是“通低频，阻高频”B．的作用是“通低频，阻高频”C．的作用是“通高频，阻低频”D．通过的电流中，低频电流所占的百分比远远大于高频交流4．如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置。

小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部。

则小磁块A．在P和Q中都做自由落体运动B．在两管下落过程中的机械能都守恒C．在P中的下落时间比在Q中的长D．落至底部时在P中的速度比在Q中的大5．电磁炉热效率高达90%，炉面无明火，无烟无废气，“火力”强劲，安全可靠．如图所示是描述电磁炉工作原理的示意图，下列说法正确的是A．在锅和电磁炉中间放一纸板，则电磁炉不能起到加热作用B．电磁炉通电线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作C．电磁炉的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原因是这些材料的导热性能较差D．当恒定电流通过线圈时，会产生恒定磁场，恒定磁场越强，电磁炉加热效果越好6. 一交流电压为u＝1002sin(100πt)V，由此表达式可知A．用电压表测该电压其示数为50 VB．该交流电压的周期为0.02 sC．将该电压加在“100 V 100 W”的灯泡两端，灯泡的实际功率小于100 WD．t＝1400s时，该交流电压的瞬时值为50 V7．如果所示，一个矩形导线框用绝缘细软线悬挂在一根较长的竖直导线的右边，且导线框和导线在同一平面内，当导线中的电流增大时，则A．线框中感应电流的磁场方向垂直纸面向里B. 线框中产生顺时针方向电流C．线框将向右摆动D. 线框面积有扩大的趋势8．用电高峰期，电灯往往会变暗，其原理可简化为如下物理问题．如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为，开始时，开关S断开，当S接通时，以下说法正确的是A．副线圈两端、间的电压减小B．副线圈输电线等效电阻上的电压降减小C．通过灯泡L1的电流增大D．原线圈中的电流增大二、多项选择题：每小题5分，共25分。

2021-2022年高二物理上学期第一次阶段性教学反馈试题(必修)(答案不全)

2021-2022年高二物理上学期第一次阶段性教学反馈试题（必修）（答案不全）一、单项选择题（本题包括23小题，每小题3分，共69分。

每小题只有一个选项符合题意）1．下列速度中，指平均速度的是（）A．雨滴落地时的速度 B．汽车通过南京长江大桥的速度C．子弹射出枪口时的速度 D．跳水运动员起跳后，到达最高点的速度2.．关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．速度越大，加速度越大 B．速度为零，加速度一定为零C．速度变化越快，加速度越大 D．速度变化量越大，加速度越大3．月球上没有空气，若宇航员在月球上将一石块从某高度由静止释放，下列图象中能正确描述石块运动情况的是( )4．关于质点，下列说法正确的是（）A．体积大、质量小的物体就是质点B．质量大、体积大的物体不可视为质点tO tO tO tOA B C5 ２ 4 tv /m.s - 6811AC ．汽车可以视为质点，火车不可视为质点D ．研究月球绕地球运行，可将月球视为质点5．关于匀变速直线运动，下列说法正确的是（） A ．匀变速直线运动是加速度不变的直线运动 B ．匀加速直线运动的加速度是不断增加的 C ．匀减速直线运动的加速度是不断减小的D ．匀变速直线运动的加速度方向与速度方向总是相同的 6．下列 x-t 图象中，表示物体做匀速直线运动的是（）7.A 、B 两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A 、A 、B 两物体运动方向一定相反 B 、开头4s 内A 、B 两物体的位移相同C 、t=4s 时，A 、B 两物体的速度相同D 、A 物体的加速度比B 物体的加速度大8．某同学沿周长为 400 m 的田径场跑道跑了 3 周．该同学的（）A ．路程为 400 m ，位移为 0 mB ．路程为 400 m ，位移为 400 mC．路程为 l 200 m，位移为 0 m D．路程为 l 200 m，位移为 l 200 m9.高一的新同学分别乘两辆汽车去市公园游玩。

广东省佛山一中2021-2022学年度高二上学期第一次段考物理(学考)试卷(含答案)

佛山一中2021-2022学年度第一学期高二级第一次段考试题物理（学考）2021年10月本试卷共4页，23小题，满分100分，考试时间60分钟。

注意事项：1．答题前，考生务必用黑色笔迹的钢笔或签字笔将自己的姓名、考号填写在答题卷上。

2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卷上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

3．作答选做题时，请先用2B铅笔填涂选做题的题组号对应的信息点，再作答。

漏涂、错涂、多涂的，答案无效。

一、单选题（本大题共20小题，共60分）1.对于一个做匀减速直线运动的物体，在它静止前，下列说法中正确的是A. 速度越来越小B. 速度越来越大C. 加速度越来越小D. 加速度越来越大2.一辆汽车以的速度沿平直的公路匀速行驶，司机发现前方有障碍物后立即刹车，汽车以的加速度作匀减速运动，经过1min汽车的位移是A. 240mB. 250mC. 300mD. 90m3.关于自由落体运动，下列说法正确的是A. 自由落体运动是一种理想化的运动，现实中不可能实现B. 自由落体运动是指物体只在重力作用下从静止开始的运动C. 物体竖直向下的运动就是自由落体运动D. 自由落体运动是忽略了空气阻力的匀速直线运动4.理想实验有时更能深刻地反映自然规律．伽利略设想了一个理想实验，其中有一个是经验事实，其余是推论．如图所示．小球运动至斜面最低点时，没有速度损失．减小第二个斜面的倾角，小球在这斜面上仍然要达到原来的高度．两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面．如果没有摩擦，小球将上升到原来释放时的高度．继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球要沿水平面做持续的匀速运动．在上述的设想步骤中，有的属于可靠的事实，有的则是理想化的推论．下列对理想实验各步骤顺序的排列以及关于事实和推论的分类正确的是A. 顺序，是事实，是推论B. 顺序，是事实，是推论C. 顺序，是事实，是推论D. 顺序，是事实，是推论5.如果地面上一切物体受到的重力都消失了，那么不可能出现的现象是A. 江河的水不会流动B. 一切物体的质量都变为零C. 天不会下雨D. 鸡毛和铁球都可以悬浮在空中6.下列说法正确的是A. 一本书放在桌面上，桌面受到的压力是由桌面的弹性形变形成的B. 挂在电线下的电灯受到向上的拉力，是由于电线发生微小形变而产生的C. 轻弹簧对物体的拉力方向总是沿弹簧且竖直向上D. 用一根细竹杆拔动水中的木头，木头受到竹杆的推力，这是由木头发生形变而产生的7.小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法中正确的是( )A.小球通过最高点时的最小速度v=B.小球通过最高点时的最小速度v=C.小球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D.小球在水平线ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力8.两个力和的夹角为，两力的合力为F，以下说法正确的是若和的大小不变，角越小，合力F就越大合力F总比分力和中的任何一个力都大如果角不变，的大小不变，只要增大，合力F就必然增大可能垂直于或．A. B. C. D.9.关于机械能，下列说法正确的是（）A. 做变速运动的物体，只要收到摩擦力，其机械能一定减少B. 如果物体所受的合外力不为零，则物体的机械能一定发生变化C. 将物体斜向上抛出后，不计空气阻力时机械能守恒的，物体在同一水平高度处具有相同的速率D. 在水平面上做变速运动的物体，它的机械能一定变化10.关于牛顿第一定律，下列说法中正确的是A.牛顿第一定律是依靠实验事实，直接归纳总结得出的B.根据牛顿第一定律可知，力是改变物体运动状态的原因C.根据牛顿第一定律可知，力是维持物体运动的原因D.牛顿第一定律反映了物体受到外力时的运动规律11.如图所示，位于水平地面上的质量为M的小木块，在大小为F、方向与水平方向成角的拉力作用下沿地面作加速运动。

2020-2021学年高二上学期第一次段考理综物理试题含答案解析

【全国百强校】广东省佛山市第一中学【最新】高二上学期第一次段考理综物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．发现“力不是维持物体运动原因”的科学家是( )A．伽利略B．开普勒C．爱因斯坦D．牛顿2．下列情景中，加点标示的物体的运动，不以地面为参考系的是( )A．太阳．．东升西落B．轻舟．．已过万重山C．骏马．．两岸走．．在草原上奔驰D．巍巍青山3．在下列研究中，有下划线的物体可以视为质点的是（）A．研究乒乓球的旋转B．研究流星的坠落轨迹C．研究运动员的跨栏动作D．研究蝴蝶翅膀的振动4．下列物理量属于标量的是( )A．速度B．加速度C．位移D．功率5．如图所示，电风扇正常转动时，扇叶上P点绕轴做匀速圆周运动，则P点的( )A．线速度保持不变B．角速度保持不变C．向心加速度不变D．向心加速度为06．在长为50 m的游泳池中举行200 m蛙泳比赛，运动员从比赛开始到结束的过程中，游过的路程的最大值和位移大小的最大值分别是( )A．0，50 m B．0，200 mC．200 m，50 m D．200 m，07．一物体从楼顶开始自由下落，忽略空气阻力，下列说法正确的是( )A．物体的运动是一种匀变速直线运动B．物体运动的速度大小与物体质量有关C．物体运动的加速度大小与物体质量有关D．物体落地所需的时间与物体下落的高度无关8．物体处于平衡状态时，该物体( )A．一定静止B．一定做匀速直线运动C．受到的合外力等于零D．可能做匀速圆周运动9．小明站在电梯里的体重计上，当电梯以1 m/s2的加速度加速上升时，体重计的示数( )A．大于小明受到的重力B．等于小明受到的重力C．小于小明受到的重力D．等于零10．在足球比赛中，足球以5m/s的速度飞来，运动员把足球以10m/s的速度反向踢回，踢球时，脚与球的接触时间为0.2s，则足球的加速度大小是（）A．25m/s2B．50m/s2C．75m/s2D．100m/s2 11．关于速度与加速度，下列说法正确的是( )A．物体的速度越大，其加速度越大B．物体的速度变化越大，其加速度越大C．物体的速度减小，其加速度一定减小D．物体的加速度不变，其速度可能减小12．下列现象中，与离心现象无关的是( )A．汽车启动时，乘客向后倾斜B．旋转雨伞甩掉伞上的水滴C．用洗衣机脱去湿衣服中的水D．运动员将链球旋转后掷出13．把一个7N的力沿两个方向分解，这两个分力的大小可能是( )A．4N，4N B．3N，3N C．2N，2N D．1N，1N 14．甲、乙两物体从同一地点出发，沿同一直线做匀变速运动，它们的v-t图象如图所示，则( )A．甲、乙的运动方向相反B．在t=4s时，甲、乙相遇C．在t=4s时，甲、乙的速度大小相等D．甲的加速度比乙的小15．关于两物体间的作用力和反作用力，下列说法正确的是( )A．它们是一对平衡力B．它们的产生有先后之分C．它们只能存在于静止的物体之间D．它们总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上16．某同学用两种不同方式搬动哑铃：Ⅰ.缓慢将哑铃举过头顶；Ⅱ.托着哑铃沿水平方向匀速前进。

2020-2021学年高二上学期第一次阶段测试物理试题含答案解析

【全国百强校】内蒙古集宁一中【最新】高二上学期第一次阶段测试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、多选题1．两个不规则带电导体间的电场线分布如图所示，已知导体附近的电场线均与导体表面垂直，a、b、c、d为电场中几个点，并且a、d为紧靠导体表面的两点，选无穷远为电势等点，则A．场强大小关系有a E>b EB．电势大小关系有bφ>dφC．将一负电荷放在d点时其电势能为负值D．将一正电荷由a点移到d点的过程中电场力做负功2．如图所示，一个质量为m、带电量为q的粒子从两带电平行板的正中间沿与匀强电场垂直的方向射入，不计粒子所受的重力．当粒子的入射速度为v时，它恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上．现欲使质量为m、入射速度为v/2的粒子也能恰好穿过这一电场区域而不碰到金属板，在以下的仅改变某一物理量的方案中，不可行的是（）A．使粒子的带电量减少为原来的1/4B．使两板间所接电源的电压减小到原来的一半C．使两板间的距离增加到原来的2倍D．使两极板的长度减小为原来的一半3．如图所示，在粗糙水平面上固定一点电荷Q，在M点无初速释放一带有恒定电量的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止，则从M点运动到N点的过程中（）A ．小物块具有的电势能逐渐增大B ．M 点的电势一定高于N 点的电势C ．小物块所受电场力逐渐减小D ．小物块电势能变化量的大小一定等于克服摩擦力做的功4．如图所示，P 、Q 为两个等量的异种电荷，以靠近电荷P 的O 点为原点，沿两电荷的连线建立x 轴，沿直线向右为x 轴正方向,一带正电的粒子从O 点由静止开始仅在电场力作用下运动到A 点，已知A 点与O 点关于P 、Q 两电荷连线的中点对称，粒子的重力忽略不计．在从O 点到A 点的运动过程中，下列关于粒子的运动速度v 和加速度a 随时间的变化、粒子的动能和运动径迹上电势随位移x 的变化图线可能正确的是（）A ．B ．C ．D ． 5．如图所示，空间存在一匀强电场，平行实线为该电场等势面，其方向与水平方向间的夹角为30°，AB 与等势面垂直，一质量为m ，电荷量为q 的带正电小球，以初速度v 0从A 点水平向右抛出，经过时间t 小球最终落在C 点，速度大小仍是v 0，且AB =BC ，重力加速度为g ，则下列说法中正确的是 ( )A ．电场方向沿A 指向B B ．电场强度大小为3qC ．小球下落高度214gt D ．此过程增加的电势能等于2214mg t二、单选题 6．在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形abc ，顶点a 、b 处分别固定一个正点电荷，c 处固定一个负点电荷，它们的电荷量都相等，如图所示，D 点为正三角形外接圆的圆心，E 、G 、H 分别为ab 、ac 、bc 的中点，E 、F 两点关于c 点对称．下列说法中正确的是（）A ．D 点的场强为零，电势也为零B ．E 、F 两点的电场强度大小相等、方向相反C ．G 、H 两点的场强相同D ．将一带正电的试探电荷由E 点移动到D 点的过程中，该电荷的电势能减小7．如图所示，匀强电场中的A 、B 、C 三点构成一边长为a 的等边三角形。

2021年高二上学期第一次阶段性检测物理(选修)试题 Word版含答案

2021年高二上学期第一次阶段性检测物理（选修)试题 Word版含答案一、单项选择题（每小题3分，共24分）1.有关电压与电动势的说法中正确的是A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同说法B．电动势是电源两极间的电压C．电动势公式E＝Wq 中W与电压U＝Wq中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量2.对磁感应强度及定义式B=理解正确的是：A.通电导线L所在处受到磁场力F为零，该处的磁感应强度B也一定为零B.磁感应强度B的方向与F的方向一致C.该定义式只适用于匀强磁场D.只要满足L很短、I很小的条件，该定义式对任何磁场都适用3．在示波管中，如果2s内有6×1013个电子通过横截面大小不知的电子枪，则示波管中电流大小为A．4.8×10-6A B．3×10-13AC．9.6×10-6A D．无法确定4．如图所示，电路两端的电压U保持不变，电阻R1、R2、R3消耗的电功率一样大，则电阻之比R1∶R2∶R3是A．1∶1∶1 B．4∶1∶1C．1∶4∶4 D．1∶2∶25．如图示电路，G是电流表，R1、R2是两个可变电阻，调节可变电阻R1，可以改变电流表G 的示数．当MN间的电压为6 V时，电流表的指针刚好偏转到最大刻度．将MN间的电压改为5 V时，若要电流表G的指针仍偏转到最大刻度，下列方法中可行的是A．保持R1不变，增大R2B．增大R1，减少R2C．减少R1，增大R2D．保持R2不变，减少R16．如图所示，均匀的长方形薄片合金电阻板abcd，ab边长为L1，ad边长为L2，当端点1、2或3、4接入电路时，R12∶R34是A ．L 1∶L 2B ．L 2∶L 1C ．1∶1D ．L 21∶L 227．下列各图中，已标出电流I 、磁感应强度B 的方向，其中符合安培定则的是8．两根相互靠近的长直导线1、2中通有相同的电流，相互作用力为F ．若在两根导线所在空间内加一匀强磁场后，导线2所受安培力的合力恰好为零．则所加磁场的方向是 A ．垂直纸面向里 B ．垂直纸面向外 C ．垂直导线向右 D ．垂直导线向左二、多项选择题（每小题5分，共25分，漏选得3分）9．一根粗线均匀的金属导线，两端加上恒定电压U 时，通过金属导线的电流强度为I ，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v ，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U ，则此时A ．通过金属导线的电流为B ．通过金属导线的电流为C ．自由电子定向移动的平均速率为D ．自由电子定向移动的平均速率为10. 如图所示为一种自动跳闸的闸刀开关，O 是转动轴，A 是绝缘手柄，C 是闸刀卡口，M 、N 接电源线，Q 为绝缘底坐。

2021年高二上学期第一次学情检测物理试题(选修) Word版含答案

2021年高二上学期第一次学情检测物理试题（选修） Word版含答案一．单项选择题：(本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意．)1、联合国安理会每个常任理事国都拥有否决权，假设设计一个表决器，常任理事国投反对票时输入“0”，投赞成票时或弃权时输入“1”，提案通过为“1”，通不过为“0”，则这个表决器应具有哪种逻辑关系 ( )A．与门 B．或门 C．非门 D．与非门2.根据可以导出电阻率的表达式,对温度一定的某种金属导线来说．它的电阻率( )A.跟导线的电阻R 成正比B.跟导线的横截面积S 成正比C.跟导线的长度L 成反比D.只由其材料的性质决定3．一个电流表的满偏电流Ig=1mA，内阻Rg=500Ω。

要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个10kΩ的电阻 B．并联一个10kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻 D．并联一个9.5kΩ的电阻4．一电池外电路断开时的路端电压为3 V，接上8 Ω的负载后路端电压降为2.4 V，则可以判定电池的电动势E和内电阻r为( )A．E＝2.4 V，r＝1 ΩB．E＝3 V，r＝2 ΩC．E＝2.4 V，r＝2 ΩD．E＝3 V，r＝1 Ω5．如图5-a所示是一个欧姆表的示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，则虚线内的电路图应是图5-b中的图（）图5-a 图5-b6.用伏安法测电阻时，已知待测电阻大约是10Ω，电流表内阻是1Ω，电压表内阻是5ｋΩ，则（）A.应选用电流表外接电路，此时测量值比真实值大B.应选用电流表外接电路，此时测量值比真实值小C.应选用电流表内接电路，此时测量值比真实值大D.应选用电流表内接电路，此时测量值比真实值小7．在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R 2的滑动触点在a端时，合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U，现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况 ( )A．I1增大，I2不变，U增大B．I1减小，I2增大，U减小C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小8．如图所示，直线a为某电源与可变电阻连接成闭合电路时的路端电压U与干路电流I的关系图象，直线b为电阻R两端电压的U与通过它的电流I的图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别为（）A．4 W、33.3％ B．2 W、33.3％C．4 W、67％D．2 W、67％二．多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．)9．关于电动势，下列说法正确的是（）A．电源两极间的电压等于电源电动势B．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C．电动势的数值等于内外电压之和D．电源电动势与外电路的组成有关10、温度能明显地影响金属导体和半导体材料的导电性能，在右图所示的图象中分别为某金属和某半导体的电阻随温度变化的关系曲线，则( )A.图线1反映半导体材料的电阻随温度的变化B.图线2反映金属导体的电阻随温度的变化C.图线1反映金属导体的电阻随温度的变化D图线2反映半导体材料的电阻随温度的变化11、某学生在研究串联电路电压特点时，接成如图所示电路，接通K后，他将高内阻的电压表并联在A、C两点间时，电压表读数为U；当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U；当并联在B、C两点间时，电压表读数为零，则出现此种情况的原因可能是（R1、R2阻值相差不大）（）A．AB段断路B．BC段断路C．AB段短路 D．BC段短路12.下述关于用多用电表欧姆挡测电阻的说法中正确的是（）A.测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关S 拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量B.测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C.测量电路中的某个电阻，应该先把该电阻与外电路断开D.测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零三．实验题：本题共2小题，每空2分，共22分．请将解答填写在答题卡相应的位置．13．某同学要探究一种新材料制成的圆柱体的电阻。

2021年高二上学期段考物理试卷(12月份)含解析

2021年高二上学期段考物理试卷（12月份）含解析一、选择题（本题共有10小题，每小题4分，共40分．其中第2、4、7、8、10小题仅有一个选项正确；第1、3、5、6、9小题有多个选项正确，全部选对的给4分，选对但不全的得2分，有选错的或不选的得0分）1．把长度L、电流I都相同的一小段电流元放入某磁场中的A、B两点，电流元在A点受到的磁场力较大，则（）A．A点的磁感应强度一定大于B点的磁感应强度B．A、B两点磁感应强度可能相等C．A、B两点磁感应强度一定不相等D．A点磁感应强度可能小于B点磁感应强度2．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线1和2为等势线．a、b两个带电粒子以相同的速度从电场中M点沿等势线1的切线飞出，粒子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，则在开始运动的一小段时间内，以下说法不正确是（）A．a的电场力较小，b的电场力较大B．a的速度将减小，b的速度将增大C．a一定带正电，b一定带负电D．两个粒子的电势能均减小3．两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成以平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关K，电源即给电容器充电（）A．保持K接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B．保持K接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大C．断开K，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D．断开K，在两极板间插入一块介质，则极板上的电势差增大4．两个固定的点电荷分别固定于左右两侧，左侧电荷带电量为+Q1，右侧电荷带电量为﹣Q2，且Q1=4Q2，另取一个可自由移动的点电荷q，放在+Q1和﹣Q2的连线上，欲使q平衡，则q 的带电性质及所处位置可能为（）A．负电，放在Q1的左方B．负电，放在Q2的右方C．正电，放在Q1的左方D．正电，放在Q2的右方5．+Q和﹣Q是两个等量异种点电荷，以点电荷+Q为圆心作圆，A、B为圆上两点，MN是两电荷连线的中垂线，与两电荷连线交点为O，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度大于B点的电场强度B．电子在A点的电势能小于在B点的电势能C．把质子从A点移动到B点，静电力对质子做功为零D．把质子从A点移动到MN上任何一点，质子的电势能变化都相同6．如图所示电路中，电源内阻不可忽略，L1、L2两灯均正常发光，R1为定值电阻，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则g（）A．L1灯变亮B．L2灯变暗C．R1上消耗功率变大D．总电流变小7．如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（）A．a粒子动能最大B．c粒子速率最大C．b粒子在磁场中运动时间最长D．它们做圆周运动的周期T a＜T b＜T c8．两根平行通电直导线，电流方向相同，I1＜I2，初速度为v0的电子沿平行于两根导线的中间线方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则（）A．电子将向右偏转，速率不变 B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变 D．电子将向右偏转，速率改变9．利用如图所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子．图中板MN上方是磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为2d和d的缝，两缝近端相距为L．一群质量为m、电荷量为q，具有不同速度的粒子从宽度为2d的缝垂直于板MN进入磁场，对于能够从宽度d的缝射出的粒子，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．射出粒子的最大速度为C．保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D．保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大10．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器电阻为R，开关K闭合．两平行极板间有匀强磁场，一带电粒子（不计重力）正好以速度v匀速穿过两板．以下说法正确的是（）A．保持开关闭合，将a极板向下移动一点，粒子将一定向下偏转B．如果将开关断开，粒子将继续沿直线穿出C．保持开关闭合，将滑片p向上滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出D．保持开关闭合，将滑片p向下滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出二、填空题（本大题共20分，把答案填在题中的横线上）11．如图所示（1）如图1，游标卡尺的读数为cm．（2）如图2，螺旋测微器的读数为mm．（3）如图3，电压表的读数为V．（4）用多用电表粗测电阻时选用了“×100”的倍率，指针位置如图4，则电阻测量值为Ω．12．用以下器材测量一待测电阻的阻值．器材（代号）与规格如下：电流表A1（量程250mA，内阻r1为5Ω）；电流表A2（量程300mA，内阻r2约为5Ω）：电压表V1（量程50V，内阻r2约为50KΩ）；待测电阻R x（阻值约为30Ω）滑动变阻器R0（最大阻值10Ω）电源E（电动势约为4V，内阻r约为lΩ）单刀单掷开关S，导线若干．①要求方法简捷，并能测多组数据，画出实验电路原理图，必须标明每个器材的代号．②实验中，需要直接测量的物理量及其表示该物理量的符号分别是（必须写出相应的文字和符号），用测得的量表示待测电阻R X的阻值的计算公式是Rx=．13．某同学利用电压表和电阻箱测定干电池的电动势和内阻，使用的器材还包括定值电阻（R0=5Ω）一个，开关两个，导线若干，实验原理图如图（a）．①在图（b）的实物图中，已正确连接了部分电路，请完成余下电路的连接．②请完成下列主要实验步骤；A．检查并调节电压表指针指零；调节电阻箱，示数如图（c）所示，读得电阻值是；B．将开关s1闭合，开关s2断开，电压表的示数是1.49V；C．将开关s2，电压表的示数是1.16V；断开开关s1．③使用测得的数据，计算出干电池的内阻是（计算结果保留二位有效数字）．④由于所有电压表不是理想电压表，所以测得的电动势比实际值偏（填“大”或“小”）．三、计算题（本大题共40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．如图所示，导轨间的距离L=0.5m，ab棒的质量m=1kg，物块重力G=3N，动摩擦因数μ=0.2，电源的电动势E=10V，r=0.1Ω，导轨的电阻不计，ab棒电阻也不计，问当R=1.9Ω时，磁感应强度至少为多少才可将重物提起？15．如图所示，两个板间存在垂直纸面向里的匀强磁场，一带正电的质子以速度v0从O点垂直射入．已知两板之间距离为d，板长也为d，O点是NP板的正中点，为使粒子能从两板之间射出，试求磁感应强度B应满足的条件（已知质子带电荷量为q，质量为m）．16．如图所示，在xoy直角坐标系中，第Ⅰ象限内分布着方向垂直纸面向里的匀强磁场，第二象限内分布着方向沿y轴负方向的匀强电场．初速度为零、带电量为q、质量为m的离子经过电压为U的电场加速后，从x上的A点垂直x轴进入磁场区域，经磁场偏转后过y轴上的P点且垂直y轴进入电场区域，在电场偏转并击中x轴上的C点．已知OA=OC=d．不计重力．求；（1）粒子到达A点的速度；（2）磁感强度B和电场强度E的大小．17．如图所示，足够大的平行挡板A1、A2竖直放置，间距6L．两板间存在两个方向相反的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，以水平面MN为理想分界面，Ⅰ区的磁感应强度为B0，方向垂直纸面向外．A1、A2上各有位置正对的小孔S1、S2，两孔与分界面MN的距离均为L．质量为m、电量为+q的粒子经宽度为d的匀强电场由静止加速后，沿水平方向从S1进入Ⅰ区，并直接偏转到MN上的P点，再进入Ⅱ区，P点与A1板的距离是L的k倍，不计重力，碰到挡板的粒子不予考虑．（1）若k=1，求匀强电场的电场强度E；（2）若2＜k＜3，且粒子沿水平方向从S2射出，求出粒子在磁场中的速度大小v与k的关系式和Ⅱ区的磁感应强度B与k的关系式．xx学年山东省枣庄市滕州一中高二（上）段考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共有10小题，每小题4分，共40分．其中第2、4、7、8、10小题仅有一个选项正确；第1、3、5、6、9小题有多个选项正确，全部选对的给4分，选对但不全的得2分，有选错的或不选的得0分）1．把长度L、电流I都相同的一小段电流元放入某磁场中的A、B两点，电流元在A点受到的磁场力较大，则（）A．A点的磁感应强度一定大于B点的磁感应强度B．A、B两点磁感应强度可能相等C．A、B两点磁感应强度一定不相等D．A点磁感应强度可能小于B点磁感应强度【考点】安培力．【分析】通电电流元在磁场中受到的磁场力与导线的放置方式有关，即F=BILsinθ，其中θ为电流元与磁场方向的夹角即可判断【解答】解：把长度L、电流I都相同的一小段电流元放入某磁场中的A、B两点，由于电流元的放置方式不同，故根据F=BILsinθ，其中θ为电流元与磁场方向的夹角，故受到的磁场力不同，无法判断磁场的大小，故BD正确，AC错误；故选：BD2．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线1和2为等势线．a、b两个带电粒子以相同的速度从电场中M点沿等势线1的切线飞出，粒子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，则在开始运动的一小段时间内，以下说法不正确是（）A．a的电场力较小，b的电场力较大B．a的速度将减小，b的速度将增大C．a一定带正电，b一定带负电D．两个粒子的电势能均减小【考点】等势面；电势能．【分析】电场线的疏密代表电场的强弱，所以出发后的一小段时间内a受到的电场力变小，b 受到的电场力变大；正电荷所受电场力的方向就是电场线的方向，而负电荷所受的电场力的方向与电场线的方向相反，由于场强方向未知故不能确定电荷的电性．根据动能定理，合外力做正功，动能增加．【解答】解：A、电场线的疏密代表电场的强弱，由图可知越向左场强越小，故a出发后的一小段时间内其所处的位置的场强越来越小，而b出发后的一小段时间内其所处的位置场强越来越大，但是a、b电荷量关系不清楚，故A错误；B、由于出发后电场力始终对电荷做正功，故两电荷的动能越来越大，故两个电荷的速度都将越来越大，故B错误；C、由于两电荷所受的电场力的方向相反，故a、b两粒子所带的电荷的电性相反，由于不知道场强的方向，故不能确定电场力的方向与场强方向的关系，所以不能确定ab两电荷的电性，故C错误；D、由于出发后电场力对两对电荷均做正功，所以两个粒子的电势能均减小，故D正确；本题选错误的，故选ABC．3．两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成以平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关K，电源即给电容器充电（）A．保持K接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B．保持K接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大C．断开K，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D．断开K，在两极板间插入一块介质，则极板上的电势差增大【考点】电容器的动态分析．【分析】电容器与电源相连，两极板间的电势差不变，通电后断开，则两极板上的电量不变；由平行板电容器电容C=，根据某些量的变化可知电容的变化，则由电容的定义式C=可知电压或电量的变化，由E=可求得电场强度的变化．【解答】解：A、保持K接通，电容器两板间的电势差U不变，因板间距离d减小，由E=可知，两极板间电场的电场场强增大，故A错误；B、保持K接通，两板间的电势差U不变，在两极板间插入介质后，电容C增大，由C=可知，极板上的电量增大，故B正确；C、断开K，两板上所带电量Q不变，减小距离d，电容C增大，由C=可知板间电势差U减小，故C正确；D、断开K，两板上所带电量Q不变，插入介质后电容C变大，由C=可知极板上的电势差U 减小，故D错误；故选：BC．4．两个固定的点电荷分别固定于左右两侧，左侧电荷带电量为+Q1，右侧电荷带电量为﹣Q2，且Q1=4Q2，另取一个可自由移动的点电荷q，放在+Q1和﹣Q2的连线上，欲使q平衡，则q 的带电性质及所处位置可能为（）A．负电，放在Q1的左方B．负电，放在Q2的右方C．正电，放在Q1的左方D．正电，放在Q2的右方【考点】库仑定律．【分析】由于Q1带正电荷，Q2带负电荷，根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，要使q处于平衡状态，对其q受力分析，去判断所处的位置．【解答】解：设q所在位置与Q1的距离为r1，q位置与Q2的距离为r2，要能处于平衡状态，应有Q1对q的电场力大小等于Q2对q的电场力大小．即：=由于Q1=4Q2，解得：r1=2r2，所以q位于Q2的右方．根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，可判断在此位置q带负电或带正电都可以保持静止．故选：BD．5．+Q和﹣Q是两个等量异种点电荷，以点电荷+Q为圆心作圆，A、B为圆上两点，MN是两电荷连线的中垂线，与两电荷连线交点为O，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度大于B点的电场强度B．电子在A点的电势能小于在B点的电势能C．把质子从A点移动到B点，静电力对质子做功为零D．把质子从A点移动到MN上任何一点，质子的电势能变化都相同【考点】电场的叠加；电场强度；电势能．【分析】电场线越密的地方场强越大，电磁线越稀疏的地方场强越小，电场线与等势面相互垂直，电场线从高等势面指向低等势面，电场力做功等于电势能的变化量，根据电场线分布分析答题．【解答】解：等量异号电荷电场线分布如图所示：A、由图示电磁线分布可知，A处的电场线比B处的电场线稀疏，则A点的场强小于B点的场强，故A错误；B、电场线与等势面相互垂直，电场线从高等势面指向低等势面，由图示可知，A点所在等势面高于B点所在等势面，A点电势高于B点电势，电子带负电，则电子在A点的电势能小于在B点的电势能，故B正确；C、A、B两点电势不同，两点间的电势差不为零，把质子从A点移动到B点，静电力对质子做功不为零，故C错误；D、等量异号电荷连线的重锤线MN是等势线，A与MN上任何一点间的电势差都相等，把质子从A点移动到MN上任何一点，电场力做功都相等，质子的电势能变化都相同，故D正确；故选：BD．6．如图所示电路中，电源内阻不可忽略，L1、L2两灯均正常发光，R1为定值电阻，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则g（）A．L1灯变亮B．L2灯变暗C．R1上消耗功率变大D．总电流变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）从图可知，滑动变阻器的滑片向下滑动时，滑动变阻器的阻值变小，根据并联电路电阻的特点判断出电路中总电阻的变化，再根据欧姆定律判断总电流的变化，判断D是否符合题意．（2）根据并联电路的特点，依据各支路互不影响，从而判断出L1灯亮度的变化，判断A是否符合题意．（3）右边电路是先并后串，根据滑动变阻器的变化，从而可以判断电阻R1上功率的变化，判断C是否符合题意．（4）根据通过电阻R1电流的变化，判断出B灯和滑阻上电压的变化，再判断出L2灯实际功率的变化，从而判断出B灯亮度的变化，判断B是否符合题意．【解答】解：A、当滑片向下，滑动变阻器的阻值变小，那它与A灯并联的等效电阻变小，则电路的总电阻都会变小，而电源电动势不变，所以总电流变大，路端电压减小，所以L1灯变暗．故A错误．BCD、右边电路是先并后串，当滑动变阻器的阻值变小后，并联部分总阻值变小，分压变少，所以R1的分压变大，根据公式P=可知，电阻R1上的电功率变大，故C正确．因为电阻R1上的电流变大了，所以分压也就增加了，所以L2灯和滑阻上的电压就变小，根据公式P=可知，L2灯实际功率的变小，所以L2灯变暗，故B正确．故选：BC．7．如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（）A．a粒子动能最大B．c粒子速率最大C．b粒子在磁场中运动时间最长D．它们做圆周运动的周期T a＜T b＜T c【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】三个质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率垂直进入匀强磁场中，则运动半径的不同，导致运动轨迹也不同．因此运动轨迹对应的半径越大，则粒子的速率也越大．而运动周期它们均一样，但运动时间却由圆弧对应的圆心角决定．【解答】解：粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，根据qvB=m，可得：r=．AB、由于三个带电粒子的质量、电荷量均相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，则知a粒子速率最小，c粒子速率最大．故A、B正确；CD、由于T=及t=T可知，三粒子运动周期相同，a在磁场中运动的偏转角最大，对应时间最长，故C错误、D错误．故选：B．8．两根平行通电直导线，电流方向相同，I1＜I2，初速度为v0的电子沿平行于两根导线的中间线方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则（）A．电子将向右偏转，速率不变 B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变 D．电子将向右偏转，速率改变【考点】左手定则；平行通电直导线间的作用．【分析】根据安培定则判断出通电导体I1右侧的磁场方向向里，I2左侧的磁场方向向外，由于I1＜I2，然后判断出周围的磁场的大小与方向关系，最后根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力的方向，即得出电子的偏转方向，注意应用左手定则时四指指向与电子运动方向相反，洛伦兹力不做功．【解答】解：根据安培定则判断出通电导体I1右侧的磁场方向向里，I2左侧的磁场方向向外，由于I1＜I2，所以电子所在处的磁场的方向向外，向左磁场减小，向右磁场强度增大．然后根据左手定则可知运动电子所受洛伦兹力向左，因此电子将向左偏转，洛伦兹力不做功，故其速率不变．故ABD错误，C正确．故选：C．9．利用如图所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子．图中板MN上方是磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为2d和d的缝，两缝近端相距为L．一群质量为m、电荷量为q，具有不同速度的粒子从宽度为2d的缝垂直于板MN进入磁场，对于能够从宽度d的缝射出的粒子，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．射出粒子的最大速度为C．保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D．保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；左手定则．【分析】由题意可知粒子的运动方向，则可知粒子的带电情况；由几何关系可知粒子的半径大小范围，则可求得最大速度；由洛仑兹力充当向心力可求得粒子的最大速度及最小速度的表达式，则可知如何增大两速度的差值．【解答】解：由左手定则可判断粒子带负电，故A错误；由题意知：粒子的最大半径、粒子的最小半径，根据，可得、，则，故可知B、C正确，D错误．故选BC．10．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器电阻为R，开关K闭合．两平行极板间有匀强磁场，一带电粒子（不计重力）正好以速度v匀速穿过两板．以下说法正确的是（）A．保持开关闭合，将a极板向下移动一点，粒子将一定向下偏转B．如果将开关断开，粒子将继续沿直线穿出C．保持开关闭合，将滑片p向上滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出D．保持开关闭合，将滑片p向下滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】由题，电容器上板带正电，电场方向向下．带电粒子的电性不知道，可能带正电，也可能带负电．粒子在电场和磁场的复合场中运动，从分析电场力和洛伦兹力可判断粒子能否从下极板射出．【解答】解：A、开关闭合，a板下移，板间场强E=，U不变，d变小，E变大，电场力F=qE 变大，与洛伦兹力不平衡，粒子将不再沿直线运动．故A错误．B、将开关断开，电容器放电，电场消失，粒子不再将直线运动．故B错误．C、开关闭合，将滑片P向上滑动一点，两板间电压变小，若粒子带负电，电场力方向向上，大小F=q减小，粒子有可能从下极板边缘射出．故C正确．D、开关闭合，将滑片P向下滑动一点，两板间电压变大，若粒子带正电，电场力方向向下，大小F=q增大，粒子将可能从下极板边缘射出．故D正确．故选：CD．二、填空题（本大题共20分，把答案填在题中的横线上）11．如图所示（1）如图1，游标卡尺的读数为 2.030cm．（2）如图2，螺旋测微器的读数为9.100mm．（3）如图3，电压表的读数为0.60V．（4）用多用电表粗测电阻时选用了“×100”的倍率，指针位置如图4，则电阻测量值为2200Ω．【考点】用多用电表测电阻；刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；（3）由图示表盘确定电压表量程与分度值，然后根据指针位置读出其示数；（4）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，根据图示读出欧姆表示数．【解答】解：（1）由图示游标卡尺可知，其示数为：20mm+6×0.05mm=20.30mm=2.030cm；（2）哟哟图示螺旋测微器可知，其示数为：9mm+10.0×0.01mm=9.100mm；（3）由图示电压表可知，其量程为3V，分度值为0.1V，电压表示数为：0.60V；（4）测电阻时选择“×100”的倍率，由图示表盘可知，所测电阻阻值为：22×100=2200Ω；故答案为：（1）2.030；（2）9.100；（3）0.60；（4）2200．12．用以下器材测量一待测电阻的阻值．器材（代号）与规格如下：电流表A1（量程250mA，内阻r1为5Ω）；电流表A2（量程300mA，内阻r2约为5Ω）：电压表V1（量程50V，内阻r2约为50KΩ）；待测电阻R x（阻值约为30Ω）滑动变阻器R0（最大阻值10Ω）电源E（电动势约为4V，内阻r约为lΩ）单刀单掷开关S，导线若干．①要求方法简捷，并能测多组数据，画出实验电路原理图，必须标明每个器材的代号．②实验中，需要直接测量的物理量及其表示该物理量的符号分别是电流表A1、A2的读数为I1、I2（必须写出相应的文字和符号），用测得的量表示待测电阻R X的阻值的计算公式是Rx=．【考点】伏安法测电阻．【分析】（1）测电阻阻值应测出电阻两端电压与通过电阻的电流，现在没有电压表，可以把电流表与待测电阻并联，测出电流表电流然后由欧姆定律求出电阻两端电压，根据待测电阻阻值与滑动变阻器阻值间的关系确定滑动变阻器的接法，作出实验电路图．（2）求出电阻的计算公式，然后确定需要测量的量．由欧姆定律求出待测电阻阻值的表达式．【解答】解：（1）没有电压表A1与待测电阻并联，间接测量待测电阻两端电压，待测电阻阻值约为30Ω，滑动变阻器最大阻值为10Ω，为测出多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示．（2）待测电阻阻值R x==，实验需要测量的量为电流表A1、A2的读数为I1、I2；可知，待测电阻阻值：R x=．故答案为：（1）电路图如图所示；（2）两电流表A1、A2的读数为I1、I2；13．某同学利用电压表和电阻箱测定干电池的电动势和内阻，使用的器材还包括定值电阻（R0=5Ω）一个，开关两个，导线若干，实验原理图如图（a）．①在图（b）的实物图中，已正确连接了部分电路，请完成余下电路的连接．②请完成下列主要实验步骤；A．检查并调节电压表指针指零；调节电阻箱，示数如图（c）所示，读得电阻值是20Ω；B．将开关s1闭合，开关s2断开，电压表的示数是1.49V；C．将开关s2闭合，电压表的示数是1.16V；断开开关s1．③使用测得的数据，计算出干电池的内阻是0.69（计算结果保留二位有效数字）．④由于所有电压表不是理想电压表，所以测得的电动势比实际值偏小（填“大”或“小”）．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】①根据电路图连接实物电路图．②根据电阻箱的读数方法可得出电阻箱接入的电阻值；③开关s1闭合，开关s2断开时，电压表直接并联在电源两端，其示数即可电源的电动势；再将开关s2闭合时电压表的示数，利用闭合电路欧姆定律可得出电源的电动势；④根据闭合电路的欧姆定律可分析电压表内阻不是无穷大时的示数与真实值的大小关系．【解答】解：①根据图a所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．。

2021年高二上学期第一次阶段性检测物理(必修)试题含答案

年高二上学期第一次阶段性检测物理（必修)试题含答案一、单项选择题：每小题只有一个．．．．选项符合题意（本部分16小题，每小题4分，共64分）1．关于元电荷的理解，下列说法正确的是：( )A．元电荷就是电子B．元电荷就是所带电荷量是1库仑的单位电荷C．元电荷就是质子D．任何带电体所带的电荷量都只能是元电荷的整数倍2．如图所示使物体A、B带电的实验为：（）A、摩擦起电B、传导起电C、感应起电D、以上都不对3．下列说法错误的是( )A．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在电场B．电场是一种物质，它与其它物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的东西C．电荷间的相互作用是通过电场而产生的，电场最基本的性质是对处在它当中的电荷有力的作用D．电荷只有通过接触才能产生力的作用4.如图所示的电场线，可能是下列哪种情况产生的( )A．单个正点电荷 B．单个负点电荷 C．等量同种点电荷 D．等量异种点电荷第4题图第5题图5．如图所示，运输汽油等易燃易爆物品的车辆总有一条铁链拖在地上，这样做的目的是（）A．发出声音，引起路人注意 B．把静电引入大地，避免因放电引起爆炸C．减缓车速，保证行车安全 D．与地面发生摩擦，在运输车上积累电荷6．有两个点电荷，所带电荷量分别为q1和q2，相距为r，相互作用力为F．为了使它们之间的作用力减小为F，下列做法可行的是（）A．仅使q1增大为原来的2倍 B．仅使q2减小为原来的一半甲乙C．使q2和q1都减小为原来的倍 D．仅使r增大为原来的2倍7.关于电容器，以下说法错误的是( )A．两个彼此绝缘而又互相靠近的导体，都可以组成一个电容器B．充电后电容器两个极板上，分别带有等量异号电荷C．一般来说，电容器极板的正对面积越大，电容器的电容越大D．一般来说，电容器极板间的距离越远，电容器的电容越大8. 首先发现了电流的磁效应，用实验展示了电与磁联系的人是( )A．中国古代科学家沈括B．美国科学家富兰克林C．丹麦科学家奥斯特 D．一名美国商人9. 如图所示，电子射线管放在蹄形磁铁的两极之间，可以观察到电子束偏转的方向是( )A．向上 B．向下 C．向左 D．向右10. 指南针是我国古代的四大发明之一．司南是春秋战国时期发明的一种指南针，如图7所示．它由青铜盘和磁勺组成，磁勺放置在青铜盘的中心，可以自由转动．由于受地磁场作用，司南的磁勺尾静止时指向南方．下列说法中正确的是（）A．磁勺能够指示方向，是利用了地磁场对磁勺的作用B．磁勺的指向不会受到附近磁铁的干扰C．磁勺的指向不会受到附近铁块的干扰D．磁勺的N极位于司南的磁勺尾部第9题图第10题图第11题图11. 如图所示，通电直导线置于匀强磁场中，直导线与磁场方向垂直，电流方向向左，则该导线所受安培力的方向是( )A．沿纸面向上B．沿纸面向下C．垂直纸面向里 D．垂直纸面向外12．下列叙述中正确的有( )A．导体中自由电荷在不停地运动，就形成电流B．金属中电子定向移动的方向为电流的方向，C．电流强度的单位是安培，是国际单位制中的基本单位D．所有电源都是把化学能转化为电能的装置13.下列关于小磁针在磁场中静止时的指向，正确的是( )14. 下列各图中，运动电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间的关系正确的是( )A． B． C． D．15. 如图所示，美国物理学家安德森在研究宇宙射线时，在云雾室里观察到有一个粒子的径迹和电子的径迹弯曲程度相同，但弯曲方向相反，从而发现了正电子，获得了诺贝尔物理学奖.云雾室中磁场方向可能是( )A.垂直纸面向外B.垂直纸面向里C.沿纸面向上D.沿纸面向下16. 洛伦兹力使带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，下列各图中均标有带正电荷粒子的运动速度v，洛伦兹力F及磁场B的方向，虚线圆表示粒子的轨迹，其中可能出现的情况是（）A．B．C．D．二、填空题：把答题填在答题卡相应的横线上（本部分2小题，共12分）17. 如图甲是电学中常见的电学元件，它的名称是▲，图乙中电容器的电容是▲F(保留两位有效数字)。

2021-2022年高二上学期段考物理试题含答案

2021-2022年高二上学期段考物理试题含答案一、选择题。

（每题只有一个正确答案，每题4分，共40分）1. 下述说法正确的是（）。

A．根据E = F/q，可知电场中某点的场强与电场力成正比B．根据E = KQ/r2，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比C．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹2.关于元电荷的解释，下列说法正确的是（）。

①元电荷就是电子②元电荷跟电子所带的电荷量相等③基本电荷就是质子④物体所带的电荷只能是元电荷的整数倍A．①② B．③④ C．①③ D．②④3.两个半径相等体积不能忽略的金属球相距r,它们带有等量同种电荷q时，相互间的库仑力为F1，若距离不变，它们带有等量异种电荷q时，库仑力为F2，则两力大小（）。

A．F1＞F2 B．F1＜F2 C．F1＝F2 D．无法确定4.在静电场中（）。

A．场强处处为零的区域内，电势也一定处处为零B．电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同C．电场强度方向总是跟等势面垂直D．电势降低的方向就是电场强度的方向5.下列关于电势高低的判断，哪些是正确的（）。

A．正电荷从A移到B时，其电势能增加，A点电势一定较低B．正电荷只在电场力作用下从A移到B，A点电势一定较高C．负电荷从A移到B时，外力作正功，A点电势一定较高D．负电荷从A移到B时，电势能增加，A点电势一定较低6.关于等势面的说法，下列哪些说法是正确的（）。

A．等势面和电场线处处垂直B．同一等势面上的点场强大小必定处处相等C．电荷所受电场力的方向必和该点等势面垂直，并指向电势升高的方向D．电荷从电场中一点移到另一点，电场力不做功，电荷必在同一等势面上移动7.两个固定的等量异号点电荷所产生电场的等势面如图1中虚线所示，一带负电的粒子以某一速度从图中A点沿图示方向进入电场在纸面内飞行，最后离开电场，粒子只受静电力作用，则粒子在电场中( )。

2021年高二上学期10月段考物理试题(选修)(理)含答案

2021年高二上学期10月段考物理试题（选修）（理）含答案第Ⅰ卷（选择题共54分）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分．在每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确，选对的得3分，选错的或不答的得0分．1．自然界中的电和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献。

最早发现通电导线周围存在磁场的科学家是（）A．洛伦兹 B．安培 C．法拉第 D．奥斯特2．下列说法正确的是（）A．电路中的电流越大，表示通过导体横截面的电量越多B．电流的定义式，适用于任何电荷的定向移动形成的电流C．比较几只电阻的I－U图线可知，电流变化相同时，电压变化较小的图线是属于阻值较大的那个电阻D．公式P=UI，P=IR，P=适用于任何电路电功率3．铅蓄电池的电动势为2 V，这表示（）A．无论接不接入外电路,蓄电池两极间的电压都为2 VB．蓄电池内每通过1 C电荷量,电源把2 J的化学能转变为内能C．蓄电池在1 s内将2 J的化学能转变为电能D．蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5 V）的大4．下列说法中正确的是（）A．沿着磁感线方向，磁场总是逐渐减弱B．磁感线总是从磁体的N极出发，终止于S极C．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点所受安培力的方向D．同一通电导体在磁场强的地方所受的安培力可能比在磁场弱的地方小5．下列几幅图中，由电流产生的磁场方向描述正确的是（）6．如图所示，通电导线均置于匀强磁场中，其中导线不受安培力作用的是（）A．B．C．D．7．在家里使用电热水壶时，会发现电灯会变暗，这是因为( )A．电热水壶使电路总电流变小B．电热水壶上的电压大于电灯上的电压C．电路总电流不变，而电热水赢从电灯中分出了电流D．电路总电流增大，导致干路导线上的电压降增大8．如图所示，P是一个表面均匀镀有很薄电热膜的长陶瓷管，其长度为L，直径为D，镀膜材料的电阻率为，膜的厚度为d，管两端有导电金属箍M、N。

2021年高二上学期第一次质检物理试卷(选修班)含解析

2021年高二上学期第一次质检物理试卷（选修班）含解析一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共计24分．每小题只有一个选项符合题意．1．关于电流的下列说法中正确的是（）A．电路中的电流越大，表示通过导体横截面的电量越多B．在相同时间内，通过导体截面的电量越多，导体中的电流就越大C．通电时间越长，电流越小D．通电时间越长，电流越大2．对于欧姆定律的理解，下列说法中错误的是（）A．由I=，通过电阻的电流强度跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B．由U=IR，对一定的导体，通过它的电流强度越大，它两端的电压也越大C．由R=，导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流强度成反比D．对一定的导体，它两端的电压与通过它的电流强度的比值保持不变3．一太阳能电池板，测得它的开路电压为80mV，短路电流40mA．若将该电池板与一阻值为2.0Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）A．0.010V B．0.020V C．0.030V D．0.040V4．根据R=ρ可以导出电阻率的表达式ρ=，对温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率（）A．跟导线的电阻R成正比B．跟导线的横截面积S成正比C．跟导线的长度l成反比D．只由其材料的性质决定5．如图所示，R2=R4，电压表V1的示数为70V，电压表V2的示数为50 V，则A与B间的电压为（）A．140V B．120V C．100V D．无法计算6．如图所示为汽车蓄电池与车灯、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05Ω，电表可视为理想电表．只接通S1时，电流表示数为10A，电压表示数为12V，再接通S2，启动电动机时，电流表示数变为8A，则此时通过启动电动机的电流是（）A．2A B．8A C．42A D．50A二、多项选择题：本题共4小题．每小题6分．共计24分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分．7．（A★普通班）．电池电动势为1V，下列说法正确的是（）A．电池在1s内将1J的化学能转化为电能B．外电路闭合时，内、外电路上的电压降落之和为1VC．外电路断开时，电池两极间的路端电压是1VD．用该电池与纯电阻组成闭合回路，1C正电荷沿电流方向在回路上运行一周，电流做功为1J8．电流表的内阻为R g、满刻度电流为I g．那么以下结论中正确的是（）A．如并联一个阻值为nR g的定值电阻，就可以改装为量程是nI g的电流表B．如串联一个阻值为nR g的定值电阻，就可以改装为一个量程是（n+1）I g R g的电压表C．如并联一个阻值为的定值电阻，就可以改装为一个量程是nI g的电流表D．如果串联一个阻值为的定值电阻，就可以改装为一个量程是（n﹣1）I g R g的电压表9．如图所示为欧姆表的原理图，表头内阻为R g，调零电阻接入电路中的电阻值为R，电池的电动势为E，内阻为r，则下列说法中正确的是（）A．它是根据闭合电路欧姆定律制成的B．接表内电池负极的应是红表笔C．电阻的“∞”刻度一般在刻度盘的右端D．调零后刻度盘的中心刻度值是r+R g+R10．如图所示电路中，电源的内电阻为r，R1、R3、R4均为定值电阻，电表均为理想电表．闭合电键S，当滑动变阻器R2的滑动触头P向右滑动时，电表的示数都发生变化，下列说法正确的是（）A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．外电路等效电阻变大D．内电路消耗的功率变大三、实验题：本大题共2小题，第11题9分，第12题12分．11．在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中．某同学记录的实验数据如下表所示，试根据这些数据在图中画出U﹣I图线，根据图线得到被测电池的电动势E= V，内电阻r=Ω．1 2 3 4 5 6I（A）0.10 0.15 0.20 0.25 0.30 0.40U（V） 1.32 1.26 1.18 1.13 1.04 0.9312．为了研究一个“2.5V，0.2W”小灯泡的伏安特性，现有干电池两节，电键1个，导线若干，其他可选择的器材如下：A．量程为0﹣0.6A，内阻为0.2Ω的电流表1只；B．量程为0﹣100mA，内阻为5Ω的电流表1只；C．量程为0﹣3V，内阻为10kΩ的电压表1只；D．量程为0﹣15V，内阻为50kΩ的电压表1只；E．额定电流为1A，阻值为0﹣5Ω的滑动变阻器1只．（1）要正确完成这个实验，电流表应选，电压表应选（选填相应器材的代号）（2）在图1虚线框内画出实验的电路原理图．（3）请在图2中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接．四、计算题：本大题共2小题，第13题14分，第14题17分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤．13．在如图所示的电路中，电源电压U恒定不变，当S闭合时，通过电阻R1的电流为0.6A，当S断开时，通过电阻R1的电流为0.4A，求：（1）电阻R1与R2的比值是多大？（2）S断开时，电阻R1两端的电压与电阻R2两端的电压之比是多少？14．如图所示电路中，R1=3Ω，R2=6Ω，R3=1.5Ω，C=20μF，当开关S1闭合、S2断开电路稳定时，电源消耗的总功率为2W，当开关S1、S2都闭合电路稳定时，电源消耗的总功率为4W，求：（1）电源电动势E和内阻r；（2）当S1、S2闭合时电源的输出功率；（3）当S1闭合，分别计算在S2闭合与断开时，电容器所带的电量各为多少？xx学年江苏省徐州市新沂一中高二（上）第一次质检物理试卷（选修班）参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共计24分．每小题只有一个选项符合题意．1．关于电流的下列说法中正确的是（）A．电路中的电流越大，表示通过导体横截面的电量越多B．在相同时间内，通过导体截面的电量越多，导体中的电流就越大C．通电时间越长，电流越小D．通电时间越长，电流越大【考点】电流、电压概念．【分析】物理学中用每秒通过导体横截面的电荷量来表示电流的强弱，叫做电流，定义式I=．明确电流采用了比值定义法，电流与电量和时间无关．【解答】解：A、电路中的电流越大，但不知道通电时间，所以不能得出通过导体横截面的电量大小，故A错误；B、根据电流的定义可知，相同时间内，通过导体截面的电量越多，导体中的电流就越大，故B正确；C、每秒通过导体横截面的电荷量来表示电流的强弱，不是由导体横截面积的大小决定，故CD错误；故选：B．2．对于欧姆定律的理解，下列说法中错误的是（）A．由I=，通过电阻的电流强度跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B．由U=IR，对一定的导体，通过它的电流强度越大，它两端的电压也越大C．由R=，导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流强度成反比D．对一定的导体，它两端的电压与通过它的电流强度的比值保持不变【考点】欧姆定律．【分析】根据欧姆定律的内容可知，通过电阻的电流强度跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，电阻的大小是由导体本身决定的，与电压的大小无关．【解答】解：A、根据欧姆定律可知，通过电阻的电流强度跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，所以A正确；B、由U=IR，对一定的导体，电流与电压程正比，所以通过它的电流强度越大，它两端的电压也越大，所以B正确；C、导体的电阻与电压的大小无关，是由导体本身决定的，所以C错误；D、对一定的导体，它两端的电压与通过它的电流强度的比值保持不变，即为电阻的大小，所以D正确．本题选错误的，故选C．3．一太阳能电池板，测得它的开路电压为80mV，短路电流40mA．若将该电池板与一阻值为2.0Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）A．0.010V B．0.020V C．0.030V D．0.040V【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由开路电路等于电源的电动势，求出电池板的电动势，由短路电流求出电源的内阻．再根据欧姆定律求出电流和路端电压．【解答】解：电源没有接入外电路时，路端电压等于电动势，则电池板的电动势E=80mV=0.08V由闭合电路欧姆定律得：=短路电流I短则电池板的内阻r==Ω=2.0Ω该电池板与2.0Ω的电阻连成闭合电路时，电路中电流I==A=0.02A故路端电压U=IR=0.02×2.0=0.040V故选：D4．根据R=ρ可以导出电阻率的表达式ρ=，对温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率（）A．跟导线的电阻R成正比B．跟导线的横截面积S成正比C．跟导线的长度l成反比D．只由其材料的性质决定【考点】电阻定律．【分析】在温度一定的条件下，电阻率的大小与材料有关，与导线的长度以及横截面积无关．【解答】解：电阻率的大小与材料的性质决定，与电阻的大小、导线的长度、横截面积无关．故D正确，A、B、C错误．故选：D．5．如图所示，R2=R4，电压表V1的示数为70V，电压表V2的示数为50 V，则A与B间的电压为（）A．140V B．120V C．100V D．无法计算【考点】串联电路和并联电路．【分析】根据串联电路的总电压等于各部分电压之和，串联电路中电流处处相等，结合欧姆定律进行解答．【解答】解：根据串联电路的特点可知：A与B间的电压为：U AB=U1+U2+U3+U4；由题R2=R4，电流也相等，由欧姆定律可知U2=U4；可得：U AB=U1+U2+U3+U2=70V+50V=120V故选：B6．如图所示为汽车蓄电池与车灯、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05Ω，电表可视为理想电表．只接通S1时，电流表示数为10A，电压表示数为12V，再接通S2，启动电动机时，电流表示数变为8A，则此时通过启动电动机的电流是（）A．2A B．8A C．42A D．50A【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】只接通S1时，电流是纯电阻电路，可以用闭合电流的欧姆定律求出电动势及灯泡的电阻，再接通S2后，通过启动电动机的电流等于总电流减去灯泡电流．【解答】解：只接通S1时，由闭合电路欧姆定律得：E=U+Ir=12V+10×0.05V=12.5V，R==Ω=1.2Ω，灯再接通S2后，流过电动机的电流为：=﹣I′=A﹣8A=50AI电动机故选：D．二、多项选择题：本题共4小题．每小题6分．共计24分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分．7．（A★普通班）．电池电动势为1V，下列说法正确的是（）A．电池在1s内将1J的化学能转化为电能B．外电路闭合时，内、外电路上的电压降落之和为1VC．外电路断开时，电池两极间的路端电压是1VD．用该电池与纯电阻组成闭合回路，1C正电荷沿电流方向在回路上运行一周，电流做功为1J【考点】电源的电动势和内阻．【分析】电池电动势为1V，电源的功率不一定是1W．根据闭合电路欧姆定律分析内外电压之和与电动势的关系．外电路断开时，电池两极间的路端电压等于电动势．根据电动势的定义式E=分析1C正电荷沿电流方向在回路上运行一周，电流做的功．【解答】解：A、电池电动势为1V，电源的功率不一定是1W，则电池在1s内不一定有1J的化学能转化为电能．故A错误．B、根据闭合电路欧姆定律得到，内、外电路上的电压降落之和等于电源的电动势1V．故B正确．C、外电路断开时，电池两极间的路端电压等于电动势1V．故C正确．D、根据据电动势的定义式E=分析可知，当q=+1C时，W=1J，即用该电池与纯电阻组成闭合回路，1C正电荷沿电流方向在回路上运行一周，电流做功为1J．故D正确．故选BCD8．电流表的内阻为R g、满刻度电流为I g．那么以下结论中正确的是（）A．如并联一个阻值为nR g的定值电阻，就可以改装为量程是nI g的电流表B．如串联一个阻值为nR g的定值电阻，就可以改装为一个量程是（n+1）I g R g的电压表C．如并联一个阻值为的定值电阻，就可以改装为一个量程是nI g的电流表D．如果串联一个阻值为的定值电阻，就可以改装为一个量程是（n﹣1）I g R g的电压表【考点】把电流表改装成电压表．【分析】把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻，把电流表改装成电压表需要串联分压电阻；应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题．【解答】解：A、如并联一个阻值为nR g的定值电阻，改装后电流表的量程：I=I g+=（1+）I g，故A错误；B、如串联一个阻值为nR g的定值电阻，改装后电压表的量程U=I g R g+nI g R g=（n+1）I g R g，故B正确；C、如并联一个阻值为的定值电阻，改装后电流表的量程I=I g+=nI g ，故C正确；D、如串联一个阻值为的定值电阻，改装后电压表的量程U=I g R g+nI g=（1+）I g R g，故D错误；故选：BC．9．如图所示为欧姆表的原理图，表头内阻为R g，调零电阻接入电路中的电阻值为R，电池的电动势为E，内阻为r，则下列说法中正确的是（）A．它是根据闭合电路欧姆定律制成的B．接表内电池负极的应是红表笔C．电阻的“∞”刻度一般在刻度盘的右端D．调零后刻度盘的中心刻度值是r+R g+R【考点】用多用电表测电阻．【分析】使用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，然后进行欧姆调零；欧姆表的红表笔插“+”插孔，黑表笔插“﹣”插孔，“+”与电源负极相连，“﹣”与电源正极相连；欧姆表零刻度线在最右侧，最大刻度线在最左侧．【解答】解：A、其原理为闭合电路欧姆定律．故A正确；B、接表内负极的是红表笔．故B正确；C、欧姆表零刻度线在最右侧，最大刻度线在最左侧．C错误；D、调零后刻度盘的中心刻度值是R g+r+R调零电阻的连入电路部分的阻值．故D正确；故选：ABD．10．如图所示电路中，电源的内电阻为r，R1、R3、R4均为定值电阻，电表均为理想电表．闭合电键S，当滑动变阻器R2的滑动触头P向右滑动时，电表的示数都发生变化，下列说法正确的是（）A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．外电路等效电阻变大D．内电路消耗的功率变大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】根据电路的结构，R2与R1并联，与R4串联，再与R3并联，可知，当P向右滑动时，R2增大，外电路总电阻增大，则电压表示数U变大，干路电流I减小，由功率公式P=I2r．则知道内电路消耗功率变大；根据干路电流I与R3电流的变化情况，来判断R4电流I4的变化情况；由U与U4的变化情况，可分析得出R1的电流增大，而I A=I﹣I1，则可知I A变小．【解答】解：A、根据电路的结构，R2与R1并联，与R4串联，再与R3并联，当P向右滑动时，R2↑，R1与R2并联电阻增大，外电路总电阻R总增大，干路电流I↓，路端电压U↑，即电压表示数变大，故AC正确；B、由P=I2r知，内电路消耗的功率变小，由I4=I﹣I3知，I↓，I3↑，则I4↓，U4↓，而R1=U﹣U4，U↑，U4↓则U并↑，则R1的电流I1变大，又电流表的电流与R2并联的电压U并I A=I﹣I1，I↓，I1↑，则I A↓，故BD错误．故选：AC三、实验题：本大题共2小题，第11题9分，第12题12分．11．在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中．某同学记录的实验数据如下表所示，试根据这些数据在图中画出U﹣I图线，根据图线得到被测电池的电动势E= 1.45V，内电阻r= 1.3Ω．1 2 3 4 5 6I（A）0.10 0.15 0.20 0.25 0.30 0.40U（V） 1.32 1.26 1.18 1.13 1.04 0.93【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】由描点法可得出U﹣I图象，图线与纵标的交点为电源的电动势；由闭合电路欧姆定律可求得内电阻【解答】解：由描点作图可得出图象如图所示，由图可知，电源的电动势约为1.45V；由图可知，由图象与横轴的交点可知，当电压为0.8V时，电流为0.5A，则由闭合电路欧姆定律可得：r===1.3Ω；故答案为：1.45V，1.3Ω12．为了研究一个“2.5V，0.2W”小灯泡的伏安特性，现有干电池两节，电键1个，导线若干，其他可选择的器材如下：A．量程为0﹣0.6A，内阻为0.2Ω的电流表1只；B．量程为0﹣100mA，内阻为5Ω的电流表1只；C．量程为0﹣3V，内阻为10kΩ的电压表1只；D．量程为0﹣15V，内阻为50kΩ的电压表1只；E．额定电流为1A，阻值为0﹣5Ω的滑动变阻器1只．（1）要正确完成这个实验，电流表应选B，电压表应选C（选填相应器材的代号）（2）在图1虚线框内画出实验的电路原理图．（3）请在图2中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】（1）器材选取的原则是安全、精确．通过灯泡的额定电压和额定电流选择电流表和电压表的量程．（2）测量伏安特性电压和电流需从零开始测起，滑动变阻器需采用分压式接法．求出灯泡电阻，分析其是大电阻还是小电阻，从而确定电流表的内外接，作出电路图；（3）根据电路图连接实物电路图．【解答】解：（1）因为灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的量程选择0﹣3V，选C；灯泡的额定电流：I===0.08A=80mA，所以电流表的量程选择0﹣100mA，故选B．（2）由于电压电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，正常工作时灯泡的电阻R==31.25Ω，远小于电压表的内阻，属于小电阻，电流表采用外接法．电路图如图所示：（3）根据电路图连接实物电路图如图所示：故答案为：（1）B；C；（2）电路图如图所示；（3）实物电路图如图所示．四、计算题：本大题共2小题，第13题14分，第14题17分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤．13．在如图所示的电路中，电源电压U恒定不变，当S闭合时，通过电阻R1的电流为0.6A，当S断开时，通过电阻R1的电流为0.4A，求：（1）电阻R1与R2的比值是多大？（2）S断开时，电阻R1两端的电压与电阻R2两端的电压之比是多少？【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）对S闭合和断开情况，分别运用欧姆定律列式，抓住U相同，可求得电阻R1与R2的比值．（2）S断开时两电阻串联，抓住电流相等，运用欧姆定律求电阻R1两端的电压与电阻R2两端的电压之比．【解答】解：（1）S闭合时，由欧姆定律得：U=I1R1=0.6R1S断开时，由欧姆定律得：U=I2R1+I2R2=0.4R1+0.4R2联立解得：R1：R2=2：1．（2）S断开时，电阻R1两端的电压为：U1=I2R1电阻R2两端的电压为：U2=I2R2则有：U1：U2=R1：R2=2：1．答：（1）电阻R1与R2的比值是2：1．（2）S断开时，电阻R1两端的电压与电阻R2两端的电压之比是2：1．14．如图所示电路中，R1=3Ω，R2=6Ω，R3=1.5Ω，C=20μF，当开关S1闭合、S2断开电路稳定时，电源消耗的总功率为2W，当开关S1、S2都闭合电路稳定时，电源消耗的总功率为4W，求：（1）电源电动势E和内阻r；（2）当S1、S2闭合时电源的输出功率；（3）当S1闭合，分别计算在S2闭合与断开时，电容器所带的电量各为多少？【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【分析】（1）当开关S1闭合、S2断开电路稳定时，R2和R3串联．当开关S1、S2都闭合电路稳定时，R1和R2并联，再与R3串联，结合闭合电路欧姆定律以及功率的公式求出电源的电动势和内电阻．（2）当S1、S2闭合时，根据P=I2R外求出输出功率．（3）当开关S1闭合、S2断开电路稳定时，电容器与并联在R2两端，电容器板间电压等于R2两端的电压．当开关S1、S2都闭合电路稳定时，电容器两端的电势差为零，结合Q=CU 求出电容器所带的电荷量．【解答】解：（1）设电源的电动势为E，内阻为r．当开关S1闭合、S2断开电路稳定时，电源消耗的总功率为：P1= ①当开关S1、S2都闭合电路稳定时，电源消耗的总功率为：P2= ②其中电阻R1与电阻R2并联的阻值为：R并===2Ω③代入数据联立①②③解得：E=4V，r=0.5Ω．（2）当S1、S2闭合时，电路中的电流为：I1===1A电源的输出功率为：P出=I12（R并+R3）=12×（2+1.5）W=3.5W．（3）当S1、S2都闭合时，电容器两端的电压为：U C=0V，电容器的带电量为：Q1=CU C=0；当S1闭合、S2断开时，电路中的电流为：I2===0.5A电容器两端的电压为：U C′=I2R2=3V，电容器的带电量为：Q2=CU C′=20×10﹣6×3C=6×10﹣5C．答：（1）电源电动势E和内阻r分别为4V和0.5Ω．（2）当S1、S2闭合时电源的输出功率是3.5W．（3）当S1闭合，分别计算在S2闭合与断开时，电容器所带的电量各为0和6×10﹣5C．xx年10月31日20059 4E5B 乛6<39174 9906 餆h22823 5927 大\22738 58D2 壒19975 4E07 万35602 8B12 謒20144 4EB0 亰。

2021年高二上学期第一次段考卷(物理)

2021年高二上学期第一次段考卷（物理）一．选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项, 有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选错或不答得0分，选不全得2分。

)1．某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R ，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为 ( )A ．4ρ和4RB ．ρ和4RC ．16ρ和16RD ．ρ和16R 2．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A 1、A 2，若把A 1、A 2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是( )A ．图甲中的A 1、A 2的示数相同B ．图甲中的A 1、A 2的指针偏角相同C ．图乙中的A 1、A 2的示数和偏角都不同D ．图乙中的A 1、A 2的指针偏角相同3.如图所示，真空中O 点有一点电荷，在它产生的电场中有a 、b 两点，a 点的场强大小为E a ，方向与ab 连线成60°角，b 点的场强大小为E b ，方向与ab 连线成30°角。

关于a 、b 两点场强大小E a 、E b 及电势Φa 、Φb 的关系，以下结论正确的是（） A.E a =3E b ，Φa >Φb B.E a =3E b ，Φa <Φb C.E a =E b /3，Φa <Φb D.E a=E b ，Φa <Φb4．平行板电容器两板之间的距离d 和两板正对面积S 都可以调节，电容器两板一直与电池相连，用Q 表示电容器的电荷量，则（）A ．当d 增大、S 不变时，Q 减小B ．当S 增大、d 不变时，Q 不变C ．当d 减小、S 增大时，Q 增大D ．当S 减小、d 减小时，Q 不变5、一带负电小球在从空中的a 点运动到b 点过程中，受重力，空气阻力和电场力作用，重力对小球做功3.5J ，小球克服空气阻力做功0.5J ，电场力对小球做功1J ，则下列选项正确的是（）A.小球在a 点的重力势能比在b 点大3.5JB.小球在a 点的机械能比在b 点小0.5JC.小球在a 点的电势能比在b 点少1JD.小球在a 点的动能比在b 点多4J6．如图所示，虚线a 、b 、c 表示O 处点电荷的电场中的三个不同的等势面，设两相邻等势面的间距相等，一电子射入电场后(只受电场力作用)的运动轨迹如图中实线所示，其中1、2、3、4表示运动轨迹与等势面的交点，下列说法错误．．的是（） A ．O 处的点电荷一定带负电B ．电子运动过程中,动能先增大后减小C ．a 、b 、c 三个等势面的电势高低关系是φc ＞φb ＞φaD ．电子从位置1到2、3、4过程中电场力先做负功再做正功7 .电动势为E 、内阻为r 的电源与定值电阻R 1、R 2及滑动变阻器R 连接成如图所示的电路．当滑动变阻器的滑片由中点滑向b 端时，下列说法正确的是( )A ．电压表和电流表读数都增大E r SAA 1 甲E r SA 2A 1 乙 a OE a E b30° 60°B ．电压表和电流表读数都减小C ．电压表读数增大，电流表读数减小D ．电压表读数减小，电流表读数增大8．用多用表的欧姆挡（R ×1K ）检查性能良好的晶体二极管，发现多用电表的表针偏转的角度很小，这说明（）A.二极管加有正向电压，故测得电阻很小B.二极管加有反向电压，故测得电阻很大C.此时红表笔接的是二极管的正极D.此时红表笔接的是二极管的负极 9．如图所示，直线OAC 为某一直流电源的总功率P 总随电流I 变化的图线，抛物线OBC 为同一直流电源内部热功率P r 随电流I 变化的图线。