2018-2019学年湖北省武汉市江岸区高二下学期期末数学(理)试题(解析版)

合集下载

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_2

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_2

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、填空题1.集合,若,则实数的值为__________.【答案】【解析】【分析】根据并集运算法则计算得到答案.【详解】集合,若则故答案为:【点睛】本题考查了集合的并集运算,属于简单题.2.复数的虚部是.【答案】【解析】试题分析:因为,,所以,复数的虚部是。

考点:复数的代数运算,复数的概念。

点评:简单题,复数的除法,要注意分子分母同乘分母的共轭复数,实现分母实数化。

3.命题“若,则”的否命题为.【答案】若,则【解析】【详解】试题分析:否命题是对命题的条件和结论同时否定,同时否定和即可.命题“若,则”的否命题为:若,则考点:四种命题.4.若幂函数的图像经过点,则__________.【答案】【解析】【分析】设出幂函数,代入点计算函数表达式,将代入得到答案.【详解】设:,图像经过点,即故答案为:【点睛】本题考查了幂函数的计算,属于简单题.5.直三棱柱中,若,则__________.【答案】【解析】【分析】将向量用基向量表示出来得到答案.【详解】直三棱柱中,若故答案为:【点睛】本题考查了空间基向量的知识,意在考查学生的空间想象能力.6.为定义在上的奇函数,且,则_____.【答案】【解析】【分析】根据已知将x=x+2代入等式可得,可知为周期T=4的周期函数,化简,再由奇函数的性质可得其值。

【详解】由题得,则有,因为为定义在R上的奇函数,那么,则,故.【点睛】本题考查奇函数的性质和周期函数,属于常见考题。

7.方程的解为__________.【答案】或【解析】【分析】方程相等分为两种情况:相等或者相加等于14,计算得到答案.【详解】或解得:或故答案为:或【点睛】本题考查了组合数的计算,漏解是容易发生的错误.8.“”是“”的____条件(在“充分不必要”、“必要不充分”、“既不充分又不必要条件”、“充要”中选择填空).【答案】充分不必要【解析】【分析】据题意“”解得,由此可判断它与“”的关系。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_8

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_8

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题。

1.复数的虚部为()A. B. C. 1 D. -1【答案】C【解析】【分析】先化简复数,即得复数的虚部.【详解】由题得.所以复数的虚部为1.故选:C【点睛】本题主要考查复数的运算和虚部的概念,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.2.已知随机变量,且,则()A. 0.25B. 0.3C. 0.75D. 0.65【答案】C【解析】【分析】利用正态分布的图像和性质求解即可.【详解】由题得,所以.故选:C【点睛】本题主要考查正态分布的图像和性质,考查指定概率的计算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.3.如果函数的图象如下图,那么导函数的图象可能是()A. B. C.D.【答案】A【解析】试题分析:单调变化情况为先增后减、再增再减因此的符号变化情况为大于零、小于零、大于零、小于零,四个选项只有A符合,故选A.考点:1、函数的单调性与导数的关系;2、函数图象的应用.【方法点晴】本题通过对多个图象的选择考查函数的解析式、定义域、值域、单调性,导数的应用以及数学化归思想,属于难题.这类题型也是近年高考常见的命题方向,该题型的特点是综合性较强较强、考查知识点较多,但是并不是无路可循.解答这类题型可以从多方面入手,根据函数的定义域、值域、单调性、奇偶性、特殊点以及时函数图象的变化趋势,利用排除法,将不合题意选项一一排除.4.利用独立性检验的方法调查高中性别与爱好某项运动是否有关,通过随机调查200名高中生是否爱好某项运动,利用2×2列联表,由计算可得K2≈7.245,参照下表:得到的正确结论是()0.012.706A. 有99%以上的把握认为“爱好该项运动与性别无关”B. 有99%以上的把握认为“爱好该项运动与性别有关”、C. 在犯错误的概率不超过0.5%的前提下,认为“爱好该项运动与性别有关”D. 在犯错误的概率不超过0.5%的前提下,认为“爱好该项运动与性别无关”【答案】B【解析】【分析】由,结合临界值表,即可直接得出结果.【详解】由,可得有99%以上的把握认为“爱好该项运动与性别有关”.故选B【点睛】本题主要考查独立性检验,会对照临界值表,分析随机变量观测值即可,属于基础题型.5.在平面直角坐标系中,方程表示在x轴、y轴上的截距分别为的直线,类比到空间直角坐标系中,在轴、轴、轴上的截距分别为的平面方程为( )A. B.C. D.【答案】A【解析】【分析】平面上直线方程的截距式推广到空间中的平面方程的截距式是.【详解】由类比推理得:若平面在轴、轴、轴上的截距分别为,则该平面的方程为:,故选A.【点睛】平面中的定理、公式等类比推理到空间中时,平面中的直线变为空间中的直线或平面,平面中的面积变为空间中的体积.类比推理得到的结论不一定正确,必要时要对得到的结论证明.如本题中,可令,看是否为.6.若函数无极值点,则()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】先对函数求导,再利用导函数与极值的关系即得解.【详解】由题得,因为函数无极值点,所以,即.故选:A【点睛】本题主要考查利用导数研究函数的极值,意在考查学生对该知识的理解掌握水平和分析推理能力.7.2019年6月7日,是我国的传统节日“端午节”。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_22

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_22

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题(本题包括12小题,每小题5分,共60分.每小题只有一个选项符合题意.请把正确答案填在答题卷的答题栏内.)1.集合,则等于()A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:集合,,,,故选B.考点:指数函数、对数函数的性质及集合的运算.2.已知复数满足(其中为虚数单位),则的共轭复数()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】利用等式把复数z计算出来,然后计算z的共轭复数得到答案.【详解】,则.故选A【点睛】本题考查了复数的计算和共轭复数,意在考查学生对于复数的计算能力和共轭复数的概念,属于简单题.3.是的()A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】分别判断充分性和必要性得到答案.【详解】所以(逆否命题)必要性成立当,不充分故是必要不充分条件,答案选B【点睛】本题考查了充分必要条件,属于简单题.4.函数的图象大致为()A. B. C.D.【答案】C【解析】【分析】将分别代入函数解析式,判断出正负即可得出结果.【详解】当时,;当时,,根据选项,可得C选项符合.故选C【点睛】本题主要考查函数图像的识别,只需用特殊值法验证即可,属于常考题型.5.为了得到函数的图象,可以将函数的图象()A. 向右平移个单位长度B. 向右平移个单位长度C. 向左平移个单位长度D. 向左平移个单位长度【答案】B【解析】试题分析:∵,∴将函数的图象向右平移个单位长度.故选B.考点:函数的图象变换.6.已知随机变量和,其中,且,若的分布列如下表,则的值为()mA. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】根据随机变量和的关系得到,概率和为1,联立方程组解得答案.【详解】且,则即解得故答案选A【点睛】本题考查了随机变量的数学期望和概率,根据随机变量和的关系得到是解题的关键.7.过双曲线的右焦点作圆的切线(切点为),交轴于点.若为线段的中点,则双曲线的离心率是()A. B. C. D.【答案】B【解析】分析】在中,为线段的中点,又,得到等腰三角形,利用边的关系得到离心率.【详解】在中,为线段的中点,又,则为等腰直角三角形.故答案选B【点睛】本题考查了双曲线的离心率,属于常考题型.8.的外接圆的圆心为,,,则等于()A. B. C. D.【答案】C【解析】【详解】,选C9.某同学同时掷两颗骰子,得到点数分别为,则椭圆的离心率的概率是( )A. B. C. D.【答案】C【解析】共6种情况10.设,若,则的值为()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】分别取代入式子,相加计算得到答案.【详解】取得:取得:两式相加得到故答案选D【点睛】本题考查了二项式定理,取特殊值是解题的关键.11.已知函数,若在上有解,则实数的取值范围为()A. B. C. D.【答案】D【解析】首先判断函数单调性为增. ,将函数不等式关系转化为普通的不等式,再把不等式转换为两个函数的大小关系,利用图像得到答案.【详解】在定义域上单调递增,,则由,得,,则当时,存在的图象在的图象上方.,,则需满足.选D.【点睛】本题考查了函数的单调性,解不等式,将不等式关系转化为图像关系等知识,其中当函数单调递增时,是解题的关键.12.两个半径都是的球和球相切,且均与直二面角的两个半平面都相切,另有一个半径为的小球与这二面角的两个半平面也都相切,同时与球和球都外切,则的值为()A. B. C. D.【答案】D【解析】取三个球心点所在的平面,过点、分别作、,垂足分别为点,过点分别作,,分别得出、以及,然后列出有关的方程,即可求出的值.【详解】因为三个球都与直二面角的两个半平面相切,所以与、、共面,如下图所示,过点、分别作、,垂足分别为点,过点分别作,,则,,,,,,所以,,等式两边平方得,化简得,由于,解得,故选D.【点睛】本题主要考查球体的性质,以及球与平面相切的性质、二面角的性质,考查了转化思想与空间想象能力,属于难题.转化是数学解题的灵魂,合理的转化不仅仅使问题得到了解决,还可以使解决问题的难度大大降低,本题将空间问题转化为平面问题是解题的关键.二、填空题(本题4小题,每小题5分,共20分.请把正确答案写在答卷上.)13.已知向量满足,,的夹角为,则__________.【答案】【解析】14.已知某程序框图如图所示,则执行该程序后输出的结果是_____【答案】-1【解析】【分析】计算的值,找出周期,根据余数得到答案.【详解】依次计算得:….周期为32019除以3余数为0,故答案为-1【点睛】本题考查了程序框图的相关知识,计算数据找到周期规律是解题的关键.15.如果不等式的解集为,且,那么实数的取值范围是 ____【答案】【解析】【分析】将不等式两边分别画出图形,根据图像得到答案.【详解】不等式的解集为,且画出图像知:故答案为:【点睛】本题考查了不等式的解法,将不等式关系转化为图像是解题的关键.16.已知是椭圆的左、右焦点,过左焦点的直线与椭圆交于两点,且,,则椭圆的离心率为________【答案】【解析】【分析】连接,设,利用椭圆性质,得到长度,分别在△和中利用余弦定理,得到c的长度,根据离心率的定义计算得到答案.【详解】设,则,,由,得,,在△中,,又在中,,得故离心率【点睛】本题考察了离心率的计算,涉及到椭圆的性质,正余弦定理,综合性强,属于难题.三、解答题(共70分,解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤,把解题过程和步骤写在答题卷上.第17-21题为必考题,第22、23题为选考题.)17.已知数列是公差不为的等差数列,,且,,成等比数列.(1)求数列的通项公式;(2)设,求数列前项和.【答案】(1);(2)【解析】【分析】(1)根据等差数列的定义和,,成等比数列代入公式得到方程,解出答案.(2)据(1)把通项公式写出,根据裂项求和方法求得.【详解】解:(1) ,,成等比数列,则或(舍去)所以(2)【点睛】本题考查了公式法求数列通项式,裂项求和方法求,属于基础题.18.在四棱锥中,,是的中点,面面(1)证明:面;(2)若,求二面角的余弦值.【答案】(1)详见解析;(2).【解析】试题分析:(Ⅰ)取PB的中点F,连接AF,EF,由三角形的中位线定理可得四边形ADEF是平行四边形.得到DE∥AF,再由线面平行的判定可得ED∥面PAB;(Ⅱ)法一、取BC的中点M,连接AM,由题意证得A在以BC为直径的圆上,可得AB⊥AC,找出二面角A-PC-D的平面角.求解三角形可得二面角A-PC-D的余弦值.试题解析:(Ⅰ)证明:取PB的中点F,连接AF,EF.∵EF是△PBC的中位线,∴EF∥BC,且EF=.又AD=BC,且AD=,∴AD∥EF且AD=EF,则四边形ADEF是平行四边形.∴DE∥AF,又DE⊄面ABP,AF⊂面ABP,∴ED∥面PAB(Ⅱ)法一、取BC的中点M,连接AM,则AD∥MC且AD=MC,∴四边形ADCM是平行四边形,∴AM=MC=MB,则A在以BC为直径的圆上.∴AB⊥AC,可得.过D作DG⊥AC于G,∵平面PAC⊥平面ABCD,且平面PAC∩平面ABCD=AC,∴DG⊥平面PAC,则DG⊥PC.过G作GH⊥PC于H,则PC⊥面GHD,连接DH,则PC⊥DH,∴∠GHD是二面角A﹣PC﹣D的平面角.在△ADC中,,连接AE,.在Rt△GDH中,,∴,即二面角A﹣PC﹣D的余弦值法二、取BC的中点M,连接AM,则AD∥MC,且AD=MC.∴四边形ADCM是平行四边形,∴AM=MC=MB,则A在以BC为直径的圆上,∴AB⊥AC.∵面PAC⊥平面ABCD,且平面PAC∩平面ABCD=AC,∴AB⊥面PAC.如图以A为原点,方向分别为x轴正方向,y轴正方向建立空间直角坐标系.可得,.设P(x,0,z),(z>0),依题意有,,解得.则,,.设面PDC的一个法向量为,由,取x0=1,得.为面PAC的一个法向量,且,设二面角A﹣PC﹣D的大小为θ,则有,即二面角A﹣PC﹣D的余弦值.19.某公园设有自行车租车点,租车的收费标准是每小时元(不足一小时的部分按一小时计算).甲、乙两人各租一辆自行车,若甲、乙不超过一小时还车的概率分别为,一小时以上且不超过两小时还车的概率分别为,两人租车时间都不会超过三小时.(1)求甲、乙两人所付租车费用相同的概率;(2)设甲、乙两人所付的租车费用之和为随机变量,求的分布列与数学期望.【答案】(1);(2)见解析【解析】【分析】(1)两人所付租车费用相同的情况有2,4,6三种,分别算出对应概率,相加得到答案.(2)的可能取值为,分别计算概率,写出分布列计算数学期望.【详解】解:(1)甲、乙两人所付租车费用相同即为元.都付元的概率为,都付元的概率为;都付元的概率为,故所付费用相同的概率为(2)依题意知,的可能取值为,;;,故的分布列为所求数学期望【点睛】本题考查了概率的计算,分布列和数学期望,意在考查学生的计算能力.20.已知函数(1)若在其定义域上是单调增函数,求实数的取值集合;(2)当时,函数在有零点,求的最大值【答案】(1);(2)最大值为【解析】【分析】(1)确定函数定义域,求导,导函数大于等于0恒成立,利用参数分离得到答案.(2)当时,代入函数求导得到函数的单调区间,依次判断每个区间的零点情况,综合得到答案.【详解】解:(1)的定义域为在上恒成立,即即实数的取值集合是(2)时,,即在区间和单调增,在区间上单调减.在最小值为且在上没有零点.要想函数在上有零点,并考虑到在区间上单调且上单减,只须且,易检验当时,且时均有,即函数在上有上有零点.的最大值为【点睛】本题考查了函数单调性,恒成立问题,参数分离法,零点问题,综合性强难度大,需要灵活运用导数各个知识点.21.已知抛物线焦点为抛物线上的两动点,且,过两点分别作抛物线的切线,设其交点为.(1)证明:为定值;(2)设的面积为,写出的表达式,并求的最小值.【答案】(Ⅰ)定值为0;(2)S=,S取得最小值4.【解析】分析:(1)设A(x1,y1),B(x2,y2),M(xo,yo),根据抛物线方程可得焦点坐标和准线方程,设直线方程与抛物线方程联立消去y,根据判别式大于0求得和,根据曲线4y=x2上任意一点斜率为y′=,可得切线AM和BM的方程,联立方程求得交点坐标,求得和,进而可求得的结果为0,进而判断出AB⊥FM.(2)利用(1)的结论,根据的关系式求得k和λ的关系式,进而求得弦长AB,可表示出△AB M面积.最后根据均值不等式求得S的范围,得到最小值.详解:(1)设A(x1,y1),B(x2,y2),M(xo,yo),焦点F(0,1),准线方程为y=﹣1,显然AB斜率存在且过F(0,1)设其直线方程为y=kx+1,联立4y=x2消去y得:x2﹣4kx﹣4=0,判别式△=16(k2+1)>0,x1+x2=4k,x1x2=﹣4.于是曲线4y=x2上任意一点斜率为y′=,则易得切线AM,BM方程分别为y=()x1(x﹣x1)+y1,y=()x2(x﹣x2)+y2,其中4y1=x12,4y2=x22,联立方程易解得交点M坐标,xo==2k,yo==﹣1,即M (,﹣1),从而=(,﹣2),(x2﹣x1,y2﹣y1)=(x1+x2)(x2﹣x1)﹣2(y2﹣y1)=(x22﹣x12)﹣2[(x22﹣x12)]=0,(定值)命题得证.(Ⅱ)由(Ⅰ)知△ABM中,FM⊥AB,因而S=|AB||FM|.∵,∴(﹣x1,1﹣y1)=λ(x2,y2﹣1),即,而4y1=x12,4y2=x22,则x22=,x12=4λ,|FM|=因为|AF|、|BF|分别等于A、B到抛物线准线y=﹣1的距离,所以|AB|=|AF|+|BF|=y1+y2+2=+2=λ++2=.于是S=|AB||FM|=,由≥2知S≥4,且当λ=1时,S取得最小值4.点睛:本题求S的最值,运用了函数的方法,这种技巧在高中数学里是一种常用的技巧.所以本题先求出S=,再求函数的定义域,再利用基本不等式求函数的最值.22.在平面直角坐标系中,曲线过点,其参数方程为(t为参数,),以为极点,轴非负半轴为极轴建立极坐标系,曲线的极坐标方程为.求曲线的普通方程和曲线的直角坐标方程;已知曲线和曲线交于两点,且,求实数的值.【答案】(1),;(2)或.【解析】【分析】(1)直接消参得到曲线C1的普通方程,利用极坐标和直角坐标互化的公式求曲线C2的直角坐标方程;(2)把曲线C1的标准参数方程代入曲线C2的直角坐标方程利用直线参数方程t 的几何意义解答.【详解】C1的参数方程为消参得普通方程为x-y-a +1=0,C2的极坐标方程为ρcos2θ+4cosθ-ρ=0,两边同乘ρ得ρ2cos2θ+4ρcosθ-ρ2=0,得y2=4x.所以曲线C2的直角坐标方程为y2=4x.(2)曲线C1的参数方程可转化为(t为参数,a∈R),代入曲线C2:y2=4x,得+1-4a=0,由Δ=,得a>0,设A,B对应的参数分别为t1,t2,由|PA|=2|PB|得|t1|=2|t2|,即t1=2t2或t1=-2t2,当t1=2t2时,解得a=;当t1=-2t2时,解得a=,综上,或.【点睛】本题主要考查参数方程、极坐标方程和直角坐标方程的互化,考查直线参数方程t的几何意义解题,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.23.已知函数,.(1)当时,求不等式的解集;(2)若的解集包含,求实数的取值范围.【答案】(1) .(2) .【解析】【分析】(1)利用分类讨论法解绝对值不等式;(2)等价转化为对任意的,恒成立,即对任意的,恒成立,再解不等式得解.【详解】(1)当时,.①当时,原不等式可化为,化简得,解得,∴;②当时,原不等式可化为,化简得,解得,∴;③当时,原不等式可化为,化简得,解得,∴;综上所述,不等式的解集是;(2)由题意知,对任意的,恒成立,即对任意的,恒成立,∵当时,,∴对任意的,恒成立,∵,,∴,∴,即实数的取值范围为.【点睛】本题主要考查分类讨论法解绝对值不等式,考查绝对值三角不等式的应用和不等式的恒成立问题,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题(本题包括12小题,每小题5分,共60分.每小题只有一个选项符合题意.请把正确答案填在答题卷的答题栏内.)1.集合,则等于()A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:集合,,,,故选B.考点:指数函数、对数函数的性质及集合的运算.2.已知复数满足(其中为虚数单位),则的共轭复数()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】利用等式把复数z计算出来,然后计算z的共轭复数得到答案.【详解】,则.故选A【点睛】本题考查了复数的计算和共轭复数,意在考查学生对于复数的计算能力和共轭复数的概念,属于简单题.3.是的()A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】分别判断充分性和必要性得到答案.【详解】所以(逆否命题)必要性成立当,不充分故是必要不充分条件,答案选B【点睛】本题考查了充分必要条件,属于简单题.4.函数的图象大致为()A. B. C.D.【答案】C【解析】【分析】将分别代入函数解析式,判断出正负即可得出结果.【详解】当时,;当时,,根据选项,可得C选项符合.故选C【点睛】本题主要考查函数图像的识别,只需用特殊值法验证即可,属于常考题型.5.为了得到函数的图象,可以将函数的图象()A. 向右平移个单位长度B. 向右平移个单位长度C. 向左平移个单位长度D. 向左平移个单位长度【答案】B【解析】试题分析:∵,∴将函数的图象向右平移个单位长度.故选B.考点:函数的图象变换.6.已知随机变量和,其中,且,若的分布列如下表,则的值为()mA. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】根据随机变量和的关系得到,概率和为1,联立方程组解得答案.【详解】且,则即解得故答案选A【点睛】本题考查了随机变量的数学期望和概率,根据随机变量和的关系得到是解题的关键.7.过双曲线的右焦点作圆的切线(切点为),交轴于点.若为线段的中点,则双曲线的离心率是()A. B. C. D.【答案】B【解析】分析】在中,为线段的中点,又,得到等腰三角形,利用边的关系得到离心率.【详解】在中,为线段的中点,又,则为等腰直角三角形.故答案选B【点睛】本题考查了双曲线的离心率,属于常考题型.8.的外接圆的圆心为,,,则等于()A. B. C. D.【答案】C【解析】【详解】,选C9.某同学同时掷两颗骰子,得到点数分别为,则椭圆的离心率的概率是( )A. B. C. D.【答案】C【解析】共6种情况10.设,若,则的值为()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】分别取代入式子,相加计算得到答案.【详解】取得:取得:两式相加得到故答案选D【点睛】本题考查了二项式定理,取特殊值是解题的关键.11.已知函数,若在上有解,则实数的取值范围为()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】首先判断函数单调性为增. ,将函数不等式关系转化为普通的不等式,再把不等式转换为两个函数的大小关系,利用图像得到答案.【详解】在定义域上单调递增,,则由,得,,则当时,存在的图象在的图象上方.,,则需满足.选D.【点睛】本题考查了函数的单调性,解不等式,将不等式关系转化为图像关系等知识,其中当函数单调递增时,是解题的关键.12.两个半径都是的球和球相切,且均与直二面角的两个半平面都相切,另有一个半径为的小球与这二面角的两个半平面也都相切,同时与球和球都外切,则的值为()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】取三个球心点所在的平面,过点、分别作、,垂足分别为点,过点分别作,,分别得出、以及,然后列出有关的方程,即可求出的值.【详解】因为三个球都与直二面角的两个半平面相切,所以与、、共面,如下图所示,过点、分别作、,垂足分别为点,过点分别作,,则,,,,,,所以,,等式两边平方得,化简得,由于,解得,故选D.【点睛】本题主要考查球体的性质,以及球与平面相切的性质、二面角的性质,考查了转化思想与空间想象能力,属于难题.转化是数学解题的灵魂,合理的转化不仅仅使问题得到了解决,还可以使解决问题的难度大大降低,本题将空间问题转化为平面问题是解题的关键.二、填空题(本题4小题,每小题5分,共20分.请把正确答案写在答卷上.)13.已知向量满足,,的夹角为,则__________.【答案】【解析】14.已知某程序框图如图所示,则执行该程序后输出的结果是_____【答案】-1【解析】【分析】计算的值,找出周期,根据余数得到答案.【详解】依次计算得:….周期为32019除以3余数为0,故答案为-1【点睛】本题考查了程序框图的相关知识,计算数据找到周期规律是解题的关键.15.如果不等式的解集为,且,那么实数的取值范围是 ____【答案】【解析】【分析】将不等式两边分别画出图形,根据图像得到答案.【详解】不等式的解集为,且画出图像知:故答案为:【点睛】本题考查了不等式的解法,将不等式关系转化为图像是解题的关键.16.已知是椭圆的左、右焦点,过左焦点的直线与椭圆交于两点,且,,则椭圆的离心率为________【答案】【解析】【分析】连接,设,利用椭圆性质,得到长度,分别在△和中利用余弦定理,得到c的长度,根据离心率的定义计算得到答案.【详解】设,则,,由,得,,在△中,,又在中,,得故离心率【点睛】本题考察了离心率的计算,涉及到椭圆的性质,正余弦定理,综合性强,属于难题.三、解答题(共70分,解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤,把解题过程和步骤写在答题卷上.第17-21题为必考题,第22、23题为选考题.)17.已知数列是公差不为的等差数列,,且,,成等比数列.(1)求数列的通项公式;(2)设,求数列前项和.【答案】(1);(2)【解析】【分析】(1)根据等差数列的定义和,,成等比数列代入公式得到方程,解出答案. (2)据(1)把通项公式写出,根据裂项求和方法求得.【详解】解:(1) ,,成等比数列,则或(舍去)所以(2)【点睛】本题考查了公式法求数列通项式,裂项求和方法求,属于基础题.18.在四棱锥中,,是的中点,面面(1)证明:面;(2)若,求二面角的余弦值.【答案】(1)详见解析;(2).【解析】试题分析:(Ⅰ)取PB的中点F,连接AF,EF,由三角形的中位线定理可得四边形ADEF是平行四边形.得到DE∥AF,再由线面平行的判定可得ED∥面PAB;(Ⅱ)法一、取BC的中点M,连接AM,由题意证得A在以BC为直径的圆上,可得AB⊥AC,找出二面角A-PC-D的平面角.求解三角形可得二面角A-PC-D的余弦值.试题解析:(Ⅰ)证明:取PB的中点F,连接AF,EF.∵EF是△PBC的中位线,∴EF∥BC,且EF=.又AD=BC,且AD=,∴AD∥EF且AD=EF,则四边形ADEF是平行四边形.∴DE∥AF,又DE⊄面ABP,AF⊂面ABP,∴ED∥面PAB(Ⅱ)法一、取BC的中点M,连接AM,则AD∥MC且AD=MC,∴四边形ADCM是平行四边形,∴AM=MC=MB,则A在以BC为直径的圆上.∴AB⊥AC,可得.过D作DG⊥AC于G,∵平面PAC⊥平面ABCD,且平面PAC∩平面ABCD=AC,∴DG⊥平面PAC,则DG⊥PC.过G作GH⊥PC于H,则PC⊥面GHD,连接DH,则PC⊥DH,∴∠GHD是二面角A﹣PC﹣D的平面角.在△ADC中,,连接AE,.在Rt△GDH中,,∴,即二面角A﹣PC﹣D的余弦值法二、取BC的中点M,连接AM,则AD∥MC,且AD=MC.∴四边形ADCM是平行四边形,∴AM=MC=MB,则A在以BC为直径的圆上,∴AB⊥AC.∵面PAC⊥平面ABCD,且平面PAC∩平面ABCD=AC,∴AB⊥面PAC.如图以A为原点,方向分别为x轴正方向,y轴正方向建立空间直角坐标系.可得,.设P(x,0,z),(z>0),依题意有,,解得.则,,.设面PDC的一个法向量为,由,取x0=1,得.为面PAC的一个法向量,且,设二面角A﹣PC﹣D的大小为θ,则有,即二面角A﹣PC﹣D的余弦值.19.某公园设有自行车租车点,租车的收费标准是每小时元(不足一小时的部分按一小时计算).甲、乙两人各租一辆自行车,若甲、乙不超过一小时还车的概率分别为,一小时以上且不超过两小时还车的概率分别为,两人租车时间都不会超过三小时.(1)求甲、乙两人所付租车费用相同的概率;(2)设甲、乙两人所付的租车费用之和为随机变量,求的分布列与数学期望.【答案】(1);(2)见解析【解析】【分析】(1)两人所付租车费用相同的情况有2,4,6三种,分别算出对应概率,相加得到答案.(2)的可能取值为,分别计算概率,写出分布列计算数学期望.【详解】解:(1)甲、乙两人所付租车费用相同即为元.都付元的概率为,都付元的概率为;都付元的概率为,故所付费用相同的概率为(2)依题意知,的可能取值为,;;,故的分布列为所求数学期望【点睛】本题考查了概率的计算,分布列和数学期望,意在考查学生的计算能力.20.已知函数(1)若在其定义域上是单调增函数,求实数的取值集合;(2)当时,函数在有零点,求的最大值【答案】(1);(2)最大值为【解析】【分析】(1)确定函数定义域,求导,导函数大于等于0恒成立,利用参数分离得到答案.(2)当时,代入函数求导得到函数的单调区间,依次判断每个区间的零点情况,综合得到答案.【详解】解:(1)的定义域为在上恒成立,即即实数的取值集合是(2)时,,即在区间和单调增,在区间上单调减.在最小值为且在上没有零点.要想函数在上有零点,并考虑到在区间上单调且上单减,只须且,易检验当时,且时均有,即函数在上有上有零点.的最大值为【点睛】本题考查了函数单调性,恒成立问题,参数分离法,零点问题,综合性强难度大,需要灵活运用导数各个知识点.21.已知抛物线焦点为抛物线上的两动点,且,过两点分别作抛物线的切线,设其交点为.(1)证明:为定值;(2)设的面积为,写出的表达式,并求的最小值.【答案】(Ⅰ)定值为0;(2)S=,S取得最小值4.【解析】分析:(1)设A(x1,y1),B(x2,y2),M(xo,yo),根据抛物线方程可得焦点坐标和准线方程,设直线方程与抛物线方程联立消去y,根据判别式大于0求得和,根据曲线4y=x2上任意一点斜率为y′=,可得切线AM和BM的方程,联立方程求得交点坐标,求得和,进而可求得的结果为0,进而判断出AB⊥FM.(2)利用(1)的结论,根据的关系式求得k和λ的关系式,进而求得弦长AB,可表示出△ABM面积.最后根据均值不等式求得S的范围,得到最小值.详解:(1)设A(x1,y1),B(x2,y2),M(xo,yo),焦点F(0,1),准线方程为y=﹣1,显然AB斜率存在且过F(0,1)设其直线方程为y=kx+1,联立4y=x2消去y得:x2﹣4kx﹣4=0,判别式△=16(k2+1)>0,x1+x2=4k,x1x2=﹣4.于是曲线4y=x2上任意一点斜率为y′=,则易得切线AM,BM方程分别为y=()x1(x﹣x1)+y1,y=()x2(x﹣x2)+y2,其中4y1=x12,4y2=x22,联立方程易解得交点M坐标,xo==2k,yo==﹣1,即M(,﹣1),从而=(,﹣2),(x2﹣x1,y2﹣y1)=(x1+x2)(x2﹣x1)﹣2(y2﹣y1)=(x22﹣x12)﹣2[(x22﹣x12)]=0,(定值)命题得证.(Ⅱ)由(Ⅰ)知△ABM中,FM⊥AB,因而S=|AB||FM|.∵,∴(﹣x1,1﹣y1)=λ(x2,y2﹣1),即,而4y1=x12,4y2=x22,则x22=,x12=4λ,|FM|=因为|AF|、|BF|分别等于A、B到抛物线准线y=﹣1的距离,所以|AB|=|AF|+|BF|=y1+y2+2=+2=λ++2=.于是S=|AB||FM|=,由≥2知S≥4,且当λ=1时,S取得最小值4.点睛:本题求S的最值,运用了函数的方法,这种技巧在高中数学里是一种常用的技巧.所以本题先求出S=,再求函数的定义域,再利用基本不等式求函数的最值.22.在平面直角坐标系中,曲线过点,其参数方程为(t为参数,),以为极点,轴非负半轴为极轴建立极坐标系,曲线的极坐标方程为.求曲线的普通方程和曲线的直角坐标方程;已知曲线和曲线交于两点,且,求实数的值.【答案】(1),;(2)或.【解析】【分析】(1)直接消参得到曲线C1的普通方程,利用极坐标和直角坐标互化的公式求曲线C2的直角坐标方程;(2)把曲线C1的标准参数方程代入曲线C2的直角坐标方程利用直线参数方程t的几何意义解答.【详解】C1的参数方程为消参得普通方程为x-y-a+1=0,C2的极坐标方程为ρcos2θ+4cosθ-ρ=0,两边同乘ρ得ρ2cos2θ+4ρcosθ-ρ2=0,得y2=4x.。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_21

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_21

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题(在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.是虚数单位,则的虚部是()A. -2B. -1C.D.【答案】B【解析】【分析】根据复数的除法运算把复数化为代数形式后可得其虚部.【详解】由题意得,所以复数的虚部是.故选B.【点睛】本题考查复数的运算和复数的基本概念,解答本题时容易出现的错误是认为复数的虚部为,对此要强化对基本概念的理解和掌握,属于基础题.2.用反证法证明“方程至多有两个解”的假设中,正确的是()A. 至少有两个解B. 有且只有两个解C. 至少有三个解D. 至多有一个解【答案】C【解析】分析:把要证的结论进行否定,得到要证的结论的反面,即为所求.详解:由于用反证法证明数学命题时,应先假设命题的否定成立,命题:“方程ax2+bx+c=0(a≠0)至多有两个解”的否定是:“至少有三个解”,故选:C.点睛:本题主要考查用命题的否定,反证法证明数学命题的方法和步骤,把要证的结论进行否定,得到要证的结论的反面,是解题的突破口,属于中档题.3.已知函数导函数为,且满足,则的值为()A. 6B. 7C. 8D. 9【答案】C【解析】【分析】求出,再把代入式子,得到.【详解】因为,所以.选C.【点睛】本题考查对的理解,它是一个常数,通过构造关于的方程,求得的值.4.甲、乙、丙、丁四位同学各自对、两变量的线性相关性做试验,并用回归分析方法分别求得相关系数与残差平方和如表:0.82106则哪位同学的试验结果体现、两变量有更强的线性相关性()A. 甲B. 乙C. 丙D. 丁【答案】D【解析】试题分析:由题表格;相关系数越大,则相关性越强。

而残差越大,则相关性越小。

可得甲、乙、丙、丁四位同学,中丁的线性相关性最强。

考点:线性相关关系的判断。

5.在数学归纳法的递推性证明中,由假设时成立推导时成立时,增加的项数是( )A. B. C. D.【答案】C【解析】分析:分别计算当时,,当成立时,,观察计算即可得到答案详解:假设时成立,即当成立时,增加的项数是故选点睛:本题主要考查的是数学归纳法。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.复数满足(为虚数单位),则复数在复平面内所对应的点在()A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限【答案】D【解析】【分析】利用复数的四则运算法则,可求出,从而可求出在复平面内所对应的点的坐标,从而可得到答案.【详解】由题意,,则复数在复平面内所对应的点为,在第四象限.【点睛】本题考查了复数的四则运算,考查了学生对复数知识的理解和掌握,属于基础题.2.已知抛物线的焦点和双曲线的右焦点重合,则的值为()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】先求出抛物线的焦点坐标,进而可得到双曲线的右焦点坐标,然后利用,可得到答案.【详解】由题意,抛物线的焦点坐标为,则双曲线的右焦点为,则,故选A.【点睛】本题考查了抛物线、双曲线的焦点坐标的求法,考查了学生的计算能力,属于基础题.3.如图所示程序框图的算法思路源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”,执行该程序框图,若输入的分别为10,14,则输出的()A. 6B. 4C. 2D. 0【答案】C【解析】【分析】由程序框图,先判断,后执行,直到求出符合题意的.【详解】由题意,可知,,满足,不满足,则,满足,满足,则,满足,满足,则,满足,不满足,则,不满足,输出.故选C.【点睛】本题考查了算法和程序框图,考查了学生对循环结构的理解和运用,属于基础题.4.已知函数在上可导,且,则函数的解析式为()A. B.C. D.【答案】A【解析】【分析】先对函数求导,然后将代入导函数中,可求出,从而得到的解析式.【详解】由题意,,则,解得,故.故答案为A.【点睛】本题考查了函数解析式的求法,考查了函数的导数的求法,属于基础题.5.若圆锥的高为,底面半径为,则此圆锥的表面积为()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】先求出母线,然后分别求出圆锥的底面面积和侧面面积.【详解】圆锥的母线,则圆锥的表面积.【点睛】本题考查了圆锥的表面积,考查了学生的空间想象能力与计算求解能力,属于基础题.6.函数在上不单调,则实数的取值范围是()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】函数在上不单调,即在内有极值点,由,结合二次函数的性质,即可求出实数的取值范围.【详解】,函数在上不单调,即在内有极值点,因为,且,所以有,即,解得.故答案为D.【点睛】本题考查了函数的单调性,考查了二次函数的性质,考查了学生分析问题与解决问题的能力,属于中档题.7.下列叙述正确的是()A. 若命题“”为假命题,则命题“”是真命题B. 命题“若,则”的否命题为“若,则”C. 命题“,”的否定是“,”D. “”是“”的充分不必要条件【答案】B【分析】结合命题知识对四个选项逐个分析,即可选出正确答案.【详解】对于选项A,“”为假命题,则,两个命题至少一个为假命题,若,两个命题都是假命题,则命题“”是假命题,故选项A错误;对于选项B,“若,则”的否命题为“若,则”,符合否命题的定义,为正确选项;对于选项C,命题“,”的否定是“,”,故选项C错误;对于选项D,若,则,故“”不是“”的充分不必要条件.【点睛】本题考查了命题的真假的判断,考查了学生对基础知识的掌握情况.8.某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为()A. B. C. D.【解析】【分析】该空间几何体是由具有相同底面和高的三棱柱和三棱锥组合而成,分别求出体积即可.【详解】该空间几何体是由具有相同底面和高的三棱柱和三棱锥组合而成,底面三角形的面积为,三棱柱和三棱锥的高为1,则三棱柱的体积,三棱锥的体积为,故该几何体的体积为.故选A.【点睛】本题考查了空间组合体的三视图,考查了学生的空间想象能力,属于基础题.9.设是两条不同的直线,是两个不同的平面,下列命题中正确的是()A. 若,,则B. 若,,,则C. 若,,则D. 若,,则【答案】C【解析】【分析】结合空间中点线面的位置关系,对选项逐个分析即可选出答案.【详解】对于选项A,当,,有可能平行,也有可能相交,故A错误;对于选项B,当,,,有可能平行,也可能相交或者异面,故B错误;对于选项C,当,,根据线面垂直的判定定理可以得到,故C正确;对于选项D,当,,则或者,故D错误;故答案为选项C.【点睛】本题考查了空间中直线与平面的位置关系,考查了学生的空间想象能力,属于基础题.10.函数与它的导函数的大致图象如图所示,设,当时,单调递减的概率为()A. B. C. D.【答案】B【解析】分析】结合图象可得到成立的x的取值范围,从而可得到的单调递减区间,即可选出答案.【详解】由图象可知,轴左侧上方图象为的图象,下方图象为的图象,对求导,可得,结合图象可知和时,,即在和上单调递减,故时,单调递减的概率为,故答案为B.【点睛】本题考查了函数的单调性问题,考查了数形结合的数学思想,考查了导数的应用,属于中档题.11.在三棱锥中,平面,,,则三棱锥的外接球的表面积为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】先求出的外接圆的半径,然后取的外接圆的圆心,过作,且,由于平面,故点为三棱锥的外接球的球心,为外接球半径,求解即可.【详解】在中,,,可得,则的外接圆的半径,取的外接圆的圆心,过作,且,因为平面,所以点为三棱锥的外接球的球心,则,即外接球半径,则三棱锥的外接球的表面积为.故选C.【点睛】本题考查了三棱锥的外接球表面积的求法,考查了学生的空间想象能力,属于中档题.12.已知函数有三个不同的零点(其中),则的值为( )A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】令,构造,要使函数有三个不同的零点(其中),则方程需要有两个不同的根,则,解得或,结合的图象,并分,两个情况分类讨论,可求出的值.【详解】令,构造,求导得,当时,;当时,,故在上单调递增,在上单调递减,且时,,时,,,可画出函数的图象(见下图),要使函数有三个不同的零点(其中),则方程需要有两个不同的根(其中),则,解得或,且,若,即,则,则,且,故,若,即,由于,故,故不符合题意,舍去.故选A.【点睛】解决函数零点问题,常常利用数形结合、等价转化等数学思想.三、填空题13.若“,使成立”为真命题,则实数的取值范围是_________.【答案】m≤1【解析】,使为真命题则解得则实数的取值范围为14.观察下面几个算式:;;;1+2+3+4+5+4+3+2+1=25.利用上面算式的规律,计算______【答案】10000【解析】观察归纳中间数为2,结果为4=22;中间数为3,结果为9=32;中间数为4,结果为16=42;于是中间数为100,结果应为1002=10 000.故答案为:10 000点睛:这个题目考查的是合情推理中的数学式子的推理;一般对于这种题目,是通过数学表达式寻找规律,进而得到猜想。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_18

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_18

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)第I卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合,则( )A. B. (0,3) C. D.【答案】B【解析】【分析】先分别化简集合A,B,再利用集合补集交集运算求解即可【详解】== ,则故选:B【点睛】本题考查集合的运算,解绝对值不等式,准确计算是关键,是基础题2.设i为虚数单位,复数等于( )A. B. 2i C. D. 0【答案】B【解析】【分析】利用复数除法和加法运算求解即可详解】故选:B【点睛】本题考查复数的运算,准确计算是关键,是基础题3.已知,若.则实数的值为( )A. -2B. 2C. 0D. 1【答案】C【解析】【分析】由函数,将x=1,代入,构造关于a的方程,解得答案.【详解】∵函数,∴f(﹣1)=,∴f[f(﹣1)]1,解得:a=0,故选:C.【点睛】本题考查的知识点是分段函数的应用,函数求值,难度不大,属于基础题.4.的值为( )A. 2B. 0C. -2D. 1【答案】A【解析】【分析】根据的定积分的计算法则计算即可.【详解】=(cosx)故选:A.【点睛】本题考查了定积分的计算,关键是求出原函数,属于基础题.5.若方程在区间(-1,1)和区间(1,2)上各有一根,则实数的取值范围是( )A. B. C. D. 或【答案】B【解析】【分析】函数f(x)=在区间(﹣1,1)和区间(1,2)上分别存在一个零点,则,解得即可.【详解】∵函数f(x)=ax2﹣2x+1在区间(﹣1,1)和区间(1,2)上分别存在一个零点,∴,即,解得a<1,故选:B.【点睛】本题考查函数零点的判断定理,理解零点判定定理的内容,将题设条件转化为关于参数的不等式组是解本题的关键.6.若,则( )A. B. C. D.【答案】D【分析】由于两个对数值均为正,故m和n一定都小于1,再利用对数换底公式,将不等式等价变形为以10为底的对数不等式,利用对数函数的单调性比较m、n的大小即可【详解】∵∴0<n<1,0<m<1且即lg0.5()>0⇔lg0.5()>0∵lg0.5<0,lgm<0,lgn<0∴lgn﹣lgm<0即lgn<lgm⇔n<m∴1>m>n>0故选:D.【点睛】本题考查了对数函数的图象和性质,对数的运算法则及其换底公式的应用,利用图象和性质比较大小的方法7.已知过点且与曲线相切的直线的条数有().A. 0B. 1C. 2D. 3【答案】C【分析】设切点为,则,由于直线经过点,可得切线的斜率,再根据导数的几何意义求出曲线在点处的切线斜率,建立关于的方程,从而可求方程.【详解】若直线与曲线切于点,则,又∵,∴,∴,解得,,∴过点与曲线相切的直线方程为或,故选:C.【点睛】本题主要考查了利用导数求曲线上过某点切线方程的斜率,求解曲线的切线的方程,其中解答中熟记利用导数的几何意义求解切线的方程是解答的关键,着重考查了运算与求解能力,属于基础题.8.的展开式中的第7项是常数,则正整数n的值为( )A. 16B. 18C. 20D. 22【答案】B【解析】利用通项公式即可得出.【详解】的展开式的第7项﹣9,令=0,解得n=18.故选:B.【点睛】本题考查了二项式定理的应用、方程思想,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.9.甲、乙两位同学各自独立地解答同一个问题,他们能够正确解答该问题的概率分别是和,在这个问题已被正确解答的条件下,甲、乙两位同学都能正确回答该问题的概率为( )A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】设事件A表示“甲能回答该问题”,事件B表示“乙能回答该问题”,事件C表示“这个问题被解答”,则P(A)=0.4,P (B)=0.5,求出P(C)=P(A)+P()+P(AB)=0.7,由此利用条件概率计算公式能求出在这个问题已被解答的条件下,甲乙两位同学都能正确回答该问题的概率.【详解】设事件A表示“甲能回答该问题”,事件B表示“乙能回答该问题”,事件C表示“这个问题被解答”,则P(A)=0.4,P(B)=0.5,P(C)=P(A)+P()+P(AB)=0.2+0.3+0.2=0.7,∴在这个问题已被解答的条件下,甲乙两位同学都能正确回答该问题的概率:P(AB|C).故选:A【点睛】本题考查条件概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意等可能事件概率公式的合理运用.10.甲、乙、丙、丁四名同学组成一个4100米接力队,老师要安排他们四人的出场顺序,以下是他们四人的要求:甲:我不跑第一棒和第二棒;乙:我不跑第一棒和第四棒;丙:我也不跑第一棒和第四棒;丁:如果乙不跑第二棒,我就不跑第一棒.老师听了他们四人的对话,安排了一种合理的出场顺序,满足了他们的所有要求,据此我们可以断定在老师安排的出场顺序中跑第三棒的人是( )A. 甲B. 乙C. 丙D. 丁【答案】C【解析】跑第三棒的只能是乙、丙中的一个,当丙跑第三棒时,乙只能跑第二棒,这时丁跑第一棒,甲跑第四棒,符合题意;当乙跑第三棒时,丙只能跑第二棒,这里四和丁都不跑第一棒,不合题意.【详解】由题意得乙、丙均不跑第一棒和第四棒,∴跑第三棒的只能是乙、丙中的一个,当丙跑第三棒时,乙只能跑第二棒,这时丁跑第一棒,甲跑第四棒,符合题意;当乙跑第三棒时,丙只能跑第二棒,这里四和丁都不跑第一棒,不合题意.故跑第三棒的是丙.故选:C.【点睛】本题考查推理论证,考查简单的合情推理等基础知识,考查运算求解能力、分析判断能力,是基础题.11.函数的大致图象是( )A. B. C.D.【解析】【分析】利用函数的奇偶性,排除选项B,D,再利用特殊点的函数值判断即可.【详解】函数为非奇非偶函数,排除选项B,D;当 ,f(x)<0,排除选项C,故选:A.【点睛】本题考查函数的图象的判断,函数的奇偶性以及函数的图象的变化趋势是判断函数的图象的常用方法.12.对于函教,以下选项正确的是( )A. 1是极大值点B. 有1个极小值C. 1是极小值点D. 有2个极大值【答案】A【解析】【分析】求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的极值点,再逐项判断即可.【详解】当当,故1是极大值点,且函数有两个极小值点故选:A【点睛】本题考查了函数的单调性、极值问题,考查导数的应用,是一道基础题.第Ⅱ卷二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.13.幂函数在区间上是增函数,则________.【答案】2【解析】【分析】根据幂函数的定义求出m的值,判断即可.【详解】若幂函数在区间(0,+∞)上是增函数,则由m2﹣3m+3=1解得:m=2或m=1,m=2时,f(x)=x,是增函数,m=1时,f(x)=1,是常函数(不合题意,舍去),故答案为:2.【点睛】本题考查了幂函数的定义,考查函数的单调性问题,是一道基础题.14.若对甲、乙、丙3组不同的数据作线性相关性检验,得到这3组数据的线性相关系数依次为0.83,0.72,-0.90,则线性相关程度最强的一组是_______.(填甲、乙、丙中的一个)【答案】丙【解析】【分析】根据两个变量y与x的回归模型中,相关系数|r|的绝对值越接近于1,其相关程度越强即可求解.【详解】两个变量y与x的回归模型中,它们的相关系数|r|越接近于1,这个模型的两个变量线性相关程度就越强,在甲、乙、丙中,所给的数值中﹣0.90的绝对值最接近1,所以丙的线性相关程度最强.故答案为:丙.【点睛】本题考查了利用相关系数判断两个变量相关性强弱的应用问题,是基础题.15.将1,2,3,4,5,这五个数字放在构成“”型线段的5个端点位置,要求下面的两个数字分别比和它相邻的上面两个数字大,这样的安排方法种数为_______.【答案】16【解析】【分析】由已知1和2必须在上面,5必须在下面,分两大类来计算:(1)下面是3和5时,有2(1+1)=4种情况;(2)下面是4和5时,有212种情况,继而得出结果.【详解】由已知1和2必须在上面,5必须在下面,分两大类来计算:(1)下面是3和5时,有2(1+1)=4种情况;(2)下面是4和5时,有212种情况,所以一共有4+12=16种方法种数.故答案为:16.【点睛】本题考查的是分步计数原理,考查分类讨论的思想,是基础题16.已知函数的图象上存在点,函数的图象上存在点,且点和点关于原点对称,则实数的取值范围是________.【答案】【解析】【分析】由题可以转化为函数y=a+2lnx(x∈[,e])的图象与函数y=x2+2的图象有交点,即方程a+2lnx=x2+2(x∈[,e])有解,即a=x2+2﹣2lnx(x∈[,e])有解,令f(x)=x2+2﹣2lnx,利用导数法求出函数的值域,可得答案.【详解】函数y=﹣x2﹣2的图象与函数y=x2+2的图象关于原点对称,若函数y=a+2lnx(x∈[,e])的图象上存在点P,函数y=﹣x2﹣2的图象上存在点Q,且P,Q关于原点对称,则函数y=a+2lnx(x∈[,e])的图象与函数y=x2+2的图象有交点,即方程a+2lnx=x2+2(x∈[,e])有解,即a=x2+2﹣2lnx(x∈[,e])有解,令f(x)=x2+2﹣2lnx,则f′(x),当x∈[,1)时,f′(x)<0,当x∈(1,e]时,f′(x)>0,故当x=1时,f(x)取最小值3,由f()4,f(e)=e2,故当x=e时,f(x)取最大值e2,故a∈[3,e2],故答案为【点睛】本题考查的知识点是函数图象的对称性,函数的值域,难度中档.三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知函数.(1)求函数的定义域并判断奇偶性;(2)若,求实数m的取值范围.【答案】(1)见解析;(2)或.【解析】【分析】(1)由,求得x的范围,可得函数y=f(x)定义域,由函数y=f(x)的定义域关于原点对称,且满足 f(﹣x)=f (x),可得函数y=f(x)为偶函数;(2)化简函数f(x)的解析式为所,结合函数的单调性可得,不等式等价于,由此求得m的范围.【详解】(1)由得,所以的定义域为,又因为,所以偶函数.(2)因为所以是[0,3)上减函数,又是偶函数.故解得或.【点睛】本题主要考查求函数的定义域,函数的奇偶性的判断,复合函数的单调性,属于中档题.18.袋中装有10个除颜色外完全一样的黑球和白球,已知从袋中任意摸出2个球,至少得到1个白球的概率是.(1)求白球的个数;(2)从袋中任意摸出3个球,记得到白球的个数为X,求随机变量X的分布列.【答案】(1)5个;(2)见解析.【解析】【分析】(1)设白球的个数为x,则黑球的个数为10﹣x,记“从袋中任意摸出2个球,至少得到1个白球”为事件A,则两个都是黑球与事件A为对立事件,由此能求出白球的个数;(2)随机变量X的取值可能为:0,1,2,3,分别求出相应的概率,由此能求出X的分布列.【详解】(1)设白球的个数为x,则黑球的个数为10﹣x,记“从袋中任意摸出2个球,至少得到1个白球”为事件A,则,解得.故白球有5个.(2)X服从以10,5,3为参数的超几何分布,.于是可得其分布列为:【点睛】本题主要考查离散型随机变量的分布列,超几何分布,求出离散型随机变量取每个值的概率,是解题的关键,属于中档题.19.设数列的前n项和为且对任意的正整数n都有:.(1)求;(2)猜想的表达式并证明.【答案】(1);(2),证明见解析.【解析】【分析】(1)分别代入计算即可求解;(2)猜想:,利用数学归纳法证明即可详解】当当当(2)猜想:.证明:①当时,显然成立;②假设当且时,成立.则当时,由,得,整理得.即时,猜想也成立.综合①②得.【点睛】本题考查递推数列求值,数学归纳法证明,考查推理计算能力,是基础题20.芯片堪称“国之重器”其制作流程异常繁琐,制作芯片核心部分首先需要制造单晶的晶圆,此过程主要是加入碳,以氧化还原的方式,将氧化硅转换为高纯度的硅.为达到这一高标准要求,研究工作人员曾就是否需采用西门子制程()这一工艺技术进行了反复比较,在一次实验中,工作人员对生产出的50片单晶的晶圆进行研究,结果发现使用了该工艺的30片单晶的晶圆中有28片合格,没有使用该工艺的20片单晶的晶圆中有12片合格.(1)请填写22列联表并判断:这次实验是否有99.5%的把握认为单晶的晶圆的制作效果与使用西门子制程()这一工艺技术有关?(2)在得到单晶的晶圆后,接下来的生产制作还前对单晶的晶圆依次进行金属溅镀,涂布光阻,蚀刻技术,光阻去除这四个环节的精密操作,进而得到多晶的晶圆,生产出来的多晶的晶圆经过严格的质检,确定合格后才能进入下一个流程,如果生产出来的多晶的晶圆在质检中不合格,那么必须依次对前四个环节进行技术检测并对所有的出错环节进行修复才能成为合格品.在实验的初期,由于技术的不成熟,生产制作的多晶的晶圆很难达到理想状态,研究人员根据以往的数据与经验得知在实验生产多晶的晶圆的过程中,前三个环节每个环节生产正常的概率为,第四个环节生产正常的概率为,且每个环节是否生产正常是相互独立的.前三个环节每个环节出错需要修复的费用均为20元,第四环节出错需要修复的费用为10元.问:一次实验生产出来的多晶的晶圆要成为合格品平均还需要消耗多少元费用?(假设质检与检测过程不产生费用)参考公式:参考数据:0.152.072【答案】(1)见解析;(2)22.5元.【解析】【分析】(1)先列出列联表,再根据列表求出K27.879,从而有99.5%的把握认为晶圆的制作效果与使用西门子制程这一工艺技术有关.(2)设Ai表示检测到第i个环节有问题,(i=1,2,3,4),X表示成为一个合格的多晶圆需消耗的费用,则X的可能取值为:0,10,20,30,40,50,60,70,分别求出相应的概率,由此能求出X的分布列和数学期望.【详解】(1)故有99.5%的把握认为单晶的晶圆的制作效果与使用西门子制程这一工艺技术有关.(2)设X表示成为一个合格的多晶的晶圆还需要消耗的费用,则X的可能取值为:0,10,20,30,40,50,60,70.所以X分布列为:故,故平均还需要耗费22.5元.【点睛】本题考查独立检验的应用,考查离散型随机变量的分布列和数学期望的求法,考查离散型随机变量的分布列、数学期望等基础知识,考查运算求解能力,考查函数与方程思想,21.已知函数.(1)求最大值;(2)若恒成立,求的值;(3)在(2)的条件下,设在上的最小值为求证:.【答案】(1);(2)2;(3)证明见解析.【解析】【分析】(1),判断函数的单调性即可求解最大值;(2)要使成立必须,,判断单调性求解即可得解(3),得,令判断其单调性进而求得,得,再求的范围进而得证【详解】(1),由得;得;所以在上单调递即;(2)要使成立必须.因为,所以当时,;当时,.所以在上单调递减,在上单调递增.又,所以满足条件的只有2,即.(3)由(2)知,所以.令,则,是上的增函数;又,所以存在满足,即,且当时,;当,所以在上单调递减;在上单调递增.所以,即.所以,即.【点睛】本题考查了利用导数研究函数的单调性及最值,考查了零点存在定理和数学转化思想,在(3)的证明过程中,利用零点存在定理转化是难点属中档题.请考生从第22、23题中任选一题作答.选修4-4:坐标系与参数方程半轴重合,直线的参数方程为:(为参数,),曲线的极坐标方程为:.(1)写出曲线的直角坐标方程;(2)设直线与曲线相交于两点,直线过定点,若,求直线的斜率.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)由,得,由此能求出曲线C的直角坐标方程;(2)把代入,整理得,由,得,能求出直线l的斜率.【详解】(1)曲线C的极坐标方程为,所以.即,即.(2)把直线的参数方程带入得设此方程两根为,易知,而定点M在圆C外,所以,,,,可得,∴,所以直线的斜率为-1.【点睛】本题考查曲线的直角坐标方程的求法,考查直线的斜率的求法,考查极坐标方程、直角坐标方程的互化等基础知识,考查推理论证能力、运算求解能力,考查化归与转化思想、函数与方程思想,是中档题.选修4-5:不等式选讲23.已知,.(1)若且的最小值为1,求的值;(2)不等式解集为,不等式的解集为,,求的取值范围.【答案】(1);(2)【解析】试题分析:(1)利用绝对值三角不等式可得,解出方程即可;(2)易得,即,即且,再根据列出不等式即可得结果.试题解析:(1)(当时,等号成立)∵的最小值为 1,∴,∴或,又,∴.(2)由得,,∵,∴,即且2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)第I卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合,则( )A. B. (0,3) C. D.【答案】B【解析】【分析】先分别化简集合A,B,再利用集合补集交集运算求解即可【详解】== ,则故选:B【点睛】本题考查集合的运算,解绝对值不等式,准确计算是关键,是基础题2.设i为虚数单位,复数等于( )A. B. 2i C. D. 0【答案】B【解析】【分析】利用复数除法和加法运算求解即可详解】故选:B【点睛】本题考查复数的运算,准确计算是关键,是基础题3.已知,若.则实数的值为( )A. -2B. 2C. 0D. 1【答案】C【解析】【分析】由函数,将x=1,代入,构造关于a的方程,解得答案.【详解】∵函数,∴f(﹣1)=,∴f[f(﹣1)]1,解得:a=0,故选:C.【点睛】本题考查的知识点是分段函数的应用,函数求值,难度不大,属于基础题.4.的值为( )A. 2B. 0C. -2D. 1【答案】A【解析】根据的定积分的计算法则计算即可.【详解】=(cosx)故选:A.【点睛】本题考查了定积分的计算,关键是求出原函数,属于基础题.5.若方程在区间(-1,1)和区间(1,2)上各有一根,则实数的取值范围是( )A. B. C. D. 或【答案】B【解析】【分析】函数f(x)=在区间(﹣1,1)和区间(1,2)上分别存在一个零点,则,解得即可.【详解】∵函数f(x)=ax2﹣2x+1在区间(﹣1,1)和区间(1,2)上分别存在一个零点,∴,即,解得a<1,故选:B.【点睛】本题考查函数零点的判断定理,理解零点判定定理的内容,将题设条件转化为关于参数的不等式组是解本题的关键.6.若,则( )A. B. C. D.【答案】D【分析】由于两个对数值均为正,故m和n一定都小于1,再利用对数换底公式,将不等式等价变形为以10为底的对数不等式,利用对数函数的单调性比较m、n的大小即可【详解】∵∴0<n<1,0<m<1且即lg0.5()>0⇔lg0.5()>0∵lg0.5<0,lgm<0,lgn<0∴lgn﹣lgm<0即lgn<lgm⇔n<m∴1>m>n>0故选:D.【点睛】本题考查了对数函数的图象和性质,对数的运算法则及其换底公式的应用,利用图象和性质比较大小的方法7.已知过点且与曲线相切的直线的条数有().A. 0B. 1C. 2D. 3【答案】C【解析】【分析】设切点为,则,由于直线经过点,可得切线的斜率,再根据导数的几何意义求出曲线在点处的切线斜率,建立关于的方程,从而可求方程.【详解】若直线与曲线切于点,则,又∵,∴,∴,解得,,∴过点与曲线相切的直线方程为或,故选:C.【点睛】本题主要考查了利用导数求曲线上过某点切线方程的斜率,求解曲线的切线的方程,其中解答中熟记利用导数的几何意义求解切线的方程是解答的关键,着重考查了运算与求解能力,属于基础题.8.的展开式中的第7项是常数,则正整数n的值为( )A. 16B. 18C. 20D. 22【答案】B【解析】【分析】利用通项公式即可得出.【详解】的展开式的第7项﹣9,令=0,解得n=18.故选:B.【点睛】本题考查了二项式定理的应用、方程思想,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.9.甲、乙两位同学各自独立地解答同一个问题,他们能够正确解答该问题的概率分别是和,在这个问题已被正确解答的条件下,甲、乙两位同学都能正确回答该问题的概率为( )A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】设事件A表示“甲能回答该问题”,事件B表示“乙能回答该问题”,事件C表示“这个问题被解答”,则P(A)=0.4,P(B)=0.5,求出P(C)=P(A)+P()+P(AB)=0.7,由此利用条件概率计算公式能求出在这个问题已被解答的条件下,甲乙两位同学都能正确回答该问题的概率.【详解】设事件A表示“甲能回答该问题”,事件B表示“乙能回答该问题”,事件C表示“这个问题被解答”,则P(A)=0.4,P(B)=0.5,P(C)=P(A)+P()+P(AB)=0.2+0.3+0.2=0.7,∴在这个问题已被解答的条件下,甲乙两位同学都能正确回答该问题的概率:P(AB|C).故选:A【点睛】本题考查条件概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意等可能事件概率公式的合理运用.10.甲、乙、丙、丁四名同学组成一个4100米接力队,老师要安排他们四人的出场顺序,以下是他们四人的要求:甲:我不跑第一棒和第二棒;乙:我不跑第一棒和第四棒;丙:我也不跑第一棒和第四棒;丁:如果乙不跑第二棒,我就不跑第一棒.老师听了他们四人的对话,安排了一种合理的出场顺序,满足了他们的所有要求,据此我们可以断定在老师安排的出场顺序中跑第三棒的人是( )A. 甲B. 乙C. 丙D. 丁【答案】C【解析】【分析】跑第三棒的只能是乙、丙中的一个,当丙跑第三棒时,乙只能跑第二棒,这时丁跑第一棒,甲跑第四棒,符合题意;当乙跑第三棒时,丙只能跑第二棒,这里四和丁都不跑第一棒,不合题意.【详解】由题意得乙、丙均不跑第一棒和第四棒,∴跑第三棒的只能是乙、丙中的一个,当丙跑第三棒时,乙只能跑第二棒,这时丁跑第一棒,甲跑第四棒,符合题意;当乙跑第三棒时,丙只能跑第二棒,这里四和丁都不跑第一棒,不合题意.故跑第三棒的是丙.故选:C.【点睛】本题考查推理论证,考查简单的合情推理等基础知识,考查运算求解能力、分析判断能力,是基础题.11.函数的大致图象是( )A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】利用函数的奇偶性,排除选项B,D,再利用特殊点的函数值判断即可.【详解】函数为非奇非偶函数,排除选项B,D;当 ,f(x)<0,排除选项C,故选:A.【点睛】本题考查函数的图象的判断,函数的奇偶性以及函数的图象的变化趋势是判断函数的图象的常用方法.12.对于函教,以下选项正确的是( )A. 1是极大值点B. 有1个极小值C. 1是极小值点D. 有2个极大值【答案】A【解析】【分析】求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的极值点,再逐项判断即可.【详解】当当,故1是极大值点,且函数有两个极小值点故选:A【点睛】本题考查了函数的单调性、极值问题,考查导数的应用,是一道基础题.第Ⅱ卷二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.13.幂函数在区间上是增函数,则________.【答案】2【解析】【分析】根据幂函数的定义求出m的值,判断即可.【详解】若幂函数在区间(0,+∞)上是增函数,则由m2﹣3m+3=1解得:m=2或m=1,m=2时,f(x)=x,是增函数,m=1时,f(x)=1,是常函数(不合题意,舍去),故答案为:2.【点睛】本题考查了幂函数的定义,考查函数的单调性问题,是一道基础题.14.若对甲、乙、丙3组不同的数据作线性相关性检验,得到这3组数据的线性相关系数依次为0.83,0.72,-0.90,则线性相关程度最强的一组是_______.(填甲、乙、丙中的一个)【答案】丙【解析】【分析】根据两个变量y与x的回归模型中,相关系数|r|的绝对值越接近于1,其相关程度越强即可求解.【详解】两个变量y与x的回归模型中,它们的相关系数|r|越接近于1,这个模型的两个变量线性相关程度就越强,在甲、乙、丙中,所给的数值中﹣0.90的绝对值最接近1,所以丙的线性相关程度最强.故答案为:丙.【点睛】本题考查了利用相关系数判断两个变量相关性强弱的应用问题,是基础题.15.将1,2,3,4,5,这五个数字放在构成“”型线段的5个端点位置,要求下面的两个数字分别比和它相邻的上面两个数字大,这样的安排方法种数为_______.【答案】16【解析】【分析】由已知1和2必须在上面,5必须在下面,分两大类来计算:(1)下面是3和5时,有2(1+1)=4种情况;(2)下面是4和5时,有212种情况,继而得出结果.【详解】由已知1和2必须在上面,5必须在下面,分两大类来计算:(1)下面是3和5时,有2(1+1)=4种情况;(2)下面是4和5时,有212种情况,所以一共有4+12=16种方法种数.故答案为:16.【点睛】本题考查的是分步计数原理,考查分类讨论的思想,是基础题16.已知函数的图象上存在点,函数的图象上存在点,且点和点关于原点对称,则实数的取值范围是________.【答案】【解析】【分析】由题可以转化为函数y=a+2lnx(x∈[,e])的图象与函数y=x2+2的图象有交点,即方程a+2lnx=x2+2(x∈[,e])有解,即a=x2+2﹣2lnx(x∈[,e])有解,令f(x)=x2+2﹣2lnx,利用导数法求出函数的值域,可得答案.【详解】函数y=﹣x2﹣2的图象与函数y=x2+2的图象关于原点对称,若函数y=a+2lnx(x∈[,e])的图象上存在点P,函数y=﹣x2﹣2的图象上存在点Q,且P,Q关于原点对称,则函数y=a+2lnx(x∈[,e])的图象与函数y=x2+2的图象有交点,即方程a+2lnx=x2+2(x∈[,e])有解,即a=x2+2﹣2lnx(x∈[,e])有解,令f(x)=x2+2﹣2lnx,则f′(x),当x∈[,1)时,f′(x)<0,当x∈(1,e]时,f′(x)>0,故当x=1时,f(x)取最小值3,由f()4,f(e)=e2,故当x=e时,f(x)取最大值e2,故a∈[3,e2],故答案为【点睛】本题考查的知识点是函数图象的对称性,函数的值域,难度中档.三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知函数.(1)求函数的定义域并判断奇偶性;(2)若,求实数m的取值范围.【答案】(1)见解析;(2)或.【解析】【分析】(1)由,求得x的范围,可得函数y=f(x)定义域,由函数y=f(x)的定义域关。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_26

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_26

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题(单项选择,每小题5分,共60分)1.已知集合,,则A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】利用一元二次不等式的解法化简集合,再根据集合的基本运算进行求解即可.【详解】因为,,所以,故选C.【点睛】研究集合问题,一定要抓住元素,看元素应满足的属性.研究两集合的关系时,关键是将两集合的关系转化为元素间的关系.2.复数z满足,则复数的虚部是()A. 1B. -1C.D.【答案】C【解析】【分析】由已知条件计算出复数的表达式,得到虚部【详解】由题意可得则则复数的虚部是故选C【点睛】本题考查了复数的概念及复数的四则运算,按照除法法则求出复数的表达式即可得到结果,较为简单3.一个三位数的百位,十位,个位上的数字依次是,当且仅当时称为“凹数”,若,从这些三位数中任取一个,则它为“凹数”的概率是A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】先分类讨论求出所有的三位数,再求其中的凹数的个数,最后利用古典概型的概率公式求解.【详解】先求所有的三位数,个位有4种排法,十位有4种排法,百位有4种排法,所以共有个三位数.再求其中的凹数,第一类:凹数中有三个不同的数,把最小的放在中间,共有种,第二类,凹数中有两个不同的数,将小的放在中间即可,共有种方法,所以共有凹数8+6=14个,由古典概型的概率公式得P=.故答案为:C【点睛】本题主要考查排列组合的运用,考查古典概型的概率,意在考查学生对这些知识的掌握水平和分析推理能力.4.展开式中,常数项为( )A. -15B. 16C. 15D. -16【答案】B【解析】【分析】把按照二项式定理展开,可得的展开式中的常数项.【详解】∵()•(1),故它的展开式中的常数项是1+15=16故选:B【点睛】本题主要考查二项式定理的应用,二项展开式的通项公式,项的系数的性质,熟记公式是关键,属于基础题.5.设等差数列的前项和为,且,,则的公差为()A. 1B. 2C. 3D. 4【答案】B【解析】【分析】根据题意,设等差数列的公差为,由条件得,由此可得的值,即可得答案.【详解】根据题意,设等差数列的公差为,由题意得,即,解得.故选B.【点睛】本题考查等差数列的前项和,关键是掌握等差数列的前项和公式的形式特点,属于基础题.6.已知函数,若曲线在点处的切线方程为,则实数的取值为()A. -2B. -1C. 1D. 2【解析】【分析】求出函数的导数,利用切线方程通过f′(0),求解即可;【详解】f (x)的定义域为(﹣1,+∞),因为f′(x)a,曲线y=f(x)在点(0,f(0))处的切线方程为y=2x,可得1﹣a=2,解得a=﹣1,故选:B.【点睛】本题考查函数的导数的几何意义,切线方程的求法,考查计算能力.7.函数的导函数的图象如图所示,则函数的图象可能是( )A.B.C.D.【解析】【分析】根据导数与函数单调性的关系,当时,函数单调递减,当时,函数单调递增,根据图像即可判断函数的单调性,然后结合图像判断出函数的极值点位置,从而求出答案。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)第Ⅰ卷(共60分)一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知是虚数单位,若复数满足,则的虚部为()A. -1B.C. 1D. -3【答案】D【解析】分析】利用复数代数形式的乘除运算可得z=1﹣3 i,从而可得答案.【详解】,∴复数z的虚部是-3故选:D【点睛】本题考查复数代数形式的乘除运算,属于基础题.2.的展开式中,的系数是()A. 30B. 40C. -10D. -20【答案】B【解析】【分析】通过对括号展开,找到含有的项即可得到的系数.【详解】的展开式中含有的项为:,故选B.【点睛】本题主要考查二项式定理系数的计算,难度不大.3.若直线和椭圆恒有公共点,则实数的取值范围是( )A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】根据椭圆1(b>0)得出≠3,运用直线恒过(0,2),得出1,即可求解答案.【详解】椭圆1(b>0)得出≠3,∵若直线∴直线恒过(0,2),∴1,解得,故实数的取值范围是故选:B【点睛】本题考查了椭圆的几何性质,直线与椭圆的位置关系,属于中档题.4.甲、乙两人进行乒乓球比赛,假设每局比赛甲胜的概率是0.6,乙胜的概率是0.4.那么采用5局3胜制还是7局4胜制对乙更有利?()A. 5局3胜制B. 7局4胜制C. 都一样D. 说不清楚【答案】A【解析】【分析】分别计算出乙在5局3胜制和7局4胜制情形下对应的概率,然后进行比较即可得出答案.【详解】当采用5局3胜制时,乙可以3:0,3:1,3:2战胜甲,故乙获胜的概率为:;当采用7局4胜制时,乙可以4:0,4:1,4:2,4:3战胜甲,故乙获胜的概率为:,显然采用5局3胜制对乙更有利,故选A.【点睛】本题主要考查相互独立事件同时发生的概率,意在考查学生的计算能力和分析能力,难度中等.5.正方体中,直线与平面所成角正弦值为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】作出相关图形,设正方体边长为1,求出与平面所成角正弦值即为答案.【详解】如图所示,正方体中,直线与平行,则直线与平面所成角正弦值即为与平面所成角正弦值.因为为等边三角形,则在平面即为的中心,则为与平面所成角.可设正方体边长为1,显然,因此,则,故答案选C.【点睛】本题主要考查线面所成角的正弦值,意在考查学生的转化能力,计算能力和空间想象能力.6.已知,则等于( )A. -4B. -2C. 1D. 2【答案】D【解析】【分析】首先对f(x)求导,将1代入,求出f′(1)的值,化简f′(x),最后将x=3代入即可.【详解】因f′(x)=2x+2f′(1),令x=1,可得f′(1)=2+2f′(1),∴f′(1)=﹣2,∴f′(x)=2x+2f′(1)=2x﹣4,当x=3,f′(3)=2.故选:D【点睛】本题考查导数的运用,求出f′(1)是关键,是基础题.7.“”是“函数在区间单调递增”的( )A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】A【解析】分析:求出导函数,若函数在单调递增,可得在区间上恒成立.解出,故选A 即可.详解:,∵若函数函数在单调递增,∴在区间上恒成立.∴,而在区间上单调递减,∴.即“”是“函数在单调递增”的充分不必要条件.故选A..点睛:本题考查充分不必要条件的判定,考查利用导数研究函数的单调性、恒成立问题的等价转化方法,属中档题.8.某次运动会中,主委会将甲、乙、丙、丁四名志愿者安排到三个不同比赛项目中担任服务工作,每个项目至少1人,若甲、乙两人不能到同一个项目,则不同的安排方式有()A. 24种 B. 30种 C. 36种 D. 72种【答案】B【解析】【分析】首先对甲、乙、丙、丁进行分组,减去甲、乙两人在同一个项目一种情况,然后进行3个地方的全排列即可得到答案.【详解】先将甲、乙、丙、丁分成三组(每组至少一人)人数分配是1,1,2共有种情况,又甲、乙两人不能到同一个项目,故只有5种分组情况,然后分配到三个不同地方,所以不同的安排方式有种,故答案选B.【点睛】本题主要考查排列组合的相关计算,意在考查学生的分析能力,逻辑推理能力和计算能力,难度不大.9.若曲线在处的切线,也是的切线,则()A. B. 1 C. 2 D.【答案】C【解析】【分析】求出的导数,得切线的斜率,可得切线方程,再设与曲线相切的切点为(m,n),得的导数,由导数的几何意义求出切线的斜率,解方程可得m,n,进而得到b的值.【详解】函数的导数为y=ex,曲线在x=0处的切线斜率为k==1,则曲线在x=0处的切线方程为y﹣1=x;函数的导数为y=,设切点为(m,n),则=1,解得m=1,n=2,即有2=ln1+b,解得b=2.故选:A.【点睛】本题主要考查导数的几何意义,求切线方程,属于基础题.10.设分别是定义在R上的奇函数和偶函数,且分别是的导数,当时,且,则不等式的解集是()A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】构造函数,判断函数的单调性和奇偶性,脱离即可求得相关解集.【详解】根据题意,可设,则为奇函数,又当时,所以在R上为增函数,且,转化为,当时,则,当,则,则,故解集是,故选C.【点睛】本题主要考查利用抽象函数的相关性质解不等式,意在考查学生的分析能力和转化能力,难度中等.11.点、在以为直径的球的表面上,且,,,若球的表面积是,则异面直线和所成角余弦值为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】首先作出图形,计算出球的半径,通过几何图形,找出异面直线和所成角,通过余弦定理即可得到答案.【详解】设球的半径为,则,故,如图所示:分别取PA,PB,BC的中点M,N,E,连接MN,NE,ME,AE,易知,平面,由于,所以,所以,因为E为BC的中点,则,由于M,N分别为PA,AB的中点,则,且,同理,且,所以,异面直线和所成角为或其补角,且,在中,,由余弦定理得:,因此异面直线和所成角余弦值为,故选C.【点睛】本题主要考查外接球的相关计算,异面直线所成角的计算.意在考查学生的空间想象能力,计算能力和转化能力,难度较大.12.已知函数在时取得极大值,则的取值范围是()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】先对进行求导,然后分别讨论和时的极值点情况,随后得到答案.【详解】由得,当时,,由,得,由,得.所以在取得极小值,不符合;当时,令,得或,为使在时取得极大值,则有,所以,所以选A.【点睛】本题主要考查函数极值点中含参问题,意在考查学生的分析能力和计算能力,对学生的分类讨论思想要求较高,难度较大.第Ⅱ卷(共90分)二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)13.若,则__________.【答案】-32【解析】【分析】通过对原式x赋值1,即可求得答案.【详解】令可得,故答案为-32.【点睛】本题主要考查二项式定理中赋值法的理解,难度不大.14.已知棱长为的正方体中,,分别是和的中点,点到平面的距离为________________.【答案】1【解析】【分析】以D点为原点,的方向分别为轴建立空间直角坐标系,求出各顶点的坐标,进而求出平面的法向量,代入向量点到平面的距离公式,即可求解。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_3

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_3

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题(在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

)1.复数(为虚数单位)的共轭复数是()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】根据复数除法运算,化简复数,再根据共轭复数概念得结果【详解】,故共轭复数.故选B.【点睛】本题考查复数除法运算以及共轭复数概念,考查基本分析求解能力,属基础题.2.已知线性回归方程相应于点的残差为,则的值为()A. 1B. 2C.D.【答案】B【解析】【分析】根据线性回归方程估计y,再根据残差定义列方程,解得结果【详解】因为相对于点的残差为,所以,所以,解得,故选B【点睛】本题考查利用线性回归方程估值以及残差概念,考查基本分析求解能力,属基础题.3.由命题“周长为定值的长方形中,正方形的面积取得最大”可猜想:在表面积为定值的长方体中()A. 正方体的体积取得最大B. 正方体的体积取得最小C. 正方体的各棱长之和取得最大D. 正方体的各棱长之和取得最小【答案】A【解析】【分析】根据类比规律进行判定选择【详解】根据平面几何与立体几何对应类比关系:周长类比表面积,长方形类比长方体,正方形类比正方体,面积类比体积,因此命题“周长为定值的长方形中,正方形的面积取得最大”,类比猜想得:在表面积为定值的长方体中,正方体的体积取得最大,故选A.【点睛】本题考查平面几何与立体几何对应类比,考查基本分析判断能力,属基础题.4.在一次调查中,根据所得数据绘制成如图所示的等高条形图,则()A. 两个分类变量关系较强B. 两个分类变量关系较弱C. 两个分类变量无关系 ^D. 两个分类变量关系难以判断【答案】A【解析】分析:利用等高条形图中两个分类变量所占比重进行推理即可.详解:从等高条形图中可以看出2,在中的比重明显大于中的比重,所以两个分类变量的关系较强.故选:A点睛:等高条形图,可以粗略的判断两个分类变量是否有关系,但是这种判断无法精确的给出所得结论的可靠程度,考查识图用图的能力.5.独立性检验显示:在犯错误的概率不超过0. 1的前提下认为性别与是否喜爱喝酒有关,那么下列说法中正确的是()A. 在100个男性中约有90人喜爱喝酒B. 若某人喜爱喝酒,那么此人为女性的可能性为10%C. 认为性别与是否喜爱喝酒有关判断出错的可能性至少为10%D. 认为性別与是否喜爱喝酒有关判断正确的可能性至少为90%【答案】D【解析】【分析】根据独立性检验的含义只能得到出错的可能率或正确的可靠率【详解】独立性检验是对两个分类变量有关系的可信程度的判断,而不是因果关系,故A,B错误.由已知得,认为性别与是否喜爱喝酒有关判断出错概率的可能性至多为10%,故C错误,D正确.选D.【点睛】本题考查独立性检验的含义,考查基本分析判断能力,属基础题.6.将6位女生和2位男生平分为两组,参加不同两个兴趣小组,则2位男生在同一组的不同的选法数为()A. 70B. 40C. 30D. 20【答案】C【解析】【分析】先确定与2位男生同组的女生,再进行分组排列,即得结果【详解】2位男生在同一组的不同的选法数为,选C.【点睛】本题考查分组排列问题,考查基本分析求解能力,属基础题.7.函数的图象如图所示,下列数值排序正确的是()A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】根据导数几何意义,结合图象确定选择【详解】、是分别为1、2时对应图像上点的切线斜率,,为图像上为2和1对应两点连线的斜率,由图可知,,故选B.【点睛】本题考查导数几何意义,考查基本分析判断能力,属基础题.8.已知,则()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】根据二项分布求对应概率【详解】,所以选C.【点睛】本题考查二项分布,考查基本分析求解能力,属基础题.9.若,且,则()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】先利用特殊值排除A,B,C,再根据组合数公式以及二项式定理论证D成立.【详解】令得,,在选择项中,令排除A,C;在选择项中,令,排除B,,故选D【点睛】本题考查组合数公式以及二项式定理应用,考查基本分析化简能力,属中档题.10.某人射击一次命中目标的概率为,且每次射击相互独立,则此人射击 7次,有4次命中且恰有3次连续命中的概率为()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】由于射击一次命中目标的概率为,所以关键先求出射击7次有4次命中且恰有3次连续命中的所有可能数,即根据独立事件概率公式得结果.【详解】因为射击7次有4次命中且恰有3次连续命中有种情况,所以所求概率为.选B.【点睛】本题考查排列组合以及独立事件概率公式,考查基本分析求解能力,属中档题.11.某学校运动会的立定跳远和30秒跳绳两个单项比赛分成预赛和决赛两个阶段。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_27

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_27

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,满分60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1.在复平面内,复数对应的点位于()A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限【答案】D【解析】【分析】由题意可得:,据此确定复数所在的象限即可.【详解】由题意可得:,则复数z对应的点为,位于第四象限.本题选择D选项.【点睛】本题主要考查复数的运算法则,各个象限内复数的特征等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力.2.用反证法证明命题“设为实数,则方程至多有一个实根”时,要做假设是A. 方程没有实根B. 方程至多有一个实根C. 方程至多有两个实根D. 方程恰好有两个实根【答案】D【解析】【分析】反证法证明命题时,首先需要反设,即是假设原命题的否定成立.【详解】命题“设为实数,则方程至多有一个实根”的否定为“设为实数,则方程恰好有两个实根”;因此,用反证法证明原命题时,只需假设方程恰好有两个实根.故选D【点睛】本题主要考查反证法,熟记反设的思想,找原命题的否定即可,属于基础题型.3. 下面几种推理过程是演绎推理的是( )A. 某校高三有8个班,1班有51人,2班有53人,3班有52人,由此推测各班人数都超过50人B. 由三角形的性质,推测空间四面体的性质C. 平行四边形的对角线互相平分,菱形是平行四边形,所以菱形的对角线互相平分D. 在数列{an}中,a1=1,an=,由此归纳出{an}的通项公式【答案】C【解析】【分析】演绎推理是由一般到特殊,所以可知选项.【详解】因为演绎推理是由一般到特殊,所以选项C符合要求,平行四边形对角线互相平分,菱形是平行四边形,所以对角线互相平分.【点睛】本题主要考查了推理中演绎推理的概念,属于容易题.4.如图所示,给出了样本容量均为7的A、B两组样本数据的散点图,已知A组样本数据的相关系数为r1,B组数据的相关系数为r2,则()A. r1=r2B. r1<r2C. r1>r2D. 无法判定【答案】C【解析】【分析】利用“散点图越接近某一条直线线性相关性越强,相关系数的绝对值越大”判断即可.【详解】根据两组样本数据的散点图知,组样本数据几乎在一条直线上,且成正相关,∴相关系数为应最接近1,组数据分散在一条直线附近,也成正相关,∴相关系数为,满足,即,故选C.【点睛】本题主要考查散点图与线性相关的的关系,属于中档题.判断线性相关的主要方法:(1)散点图(越接近直线,相关性越强);(2)相关系数(绝对值越大,相关性越强).5.已知随机变量服从正态分布,若,则()A. 0.16B. 0.32C. 0.68D. 0.84【答案】A【解析】【分析】利用正态分布曲线关于对称进行求解.【详解】,正态分布曲线关于对称,,,.【点睛】本题考查正态分布,考查对立事件及概率的基本运算,属于基础题.6.已知某生产厂家的年利润(单位:万元)与年产量(单位:万件)的函数关系式为,则使该生产厂家获得最大年利润的年产量为A. 13万件B. 11万件C. 9万件D. 7万件【答案】C【解析】解:令导数y′=-x2+81>0,解得0<x<9;令导数y′=-x2+81<0,解得x>9,所以函数y=-x3+81x-234在区间(0,9)上是增函数,在区间(9,+∞)上是减函数,所以在x=9处取极大值,也是最大值,故选C.7.设,则在点处的切线的斜率为()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】曲线在点处的切线的斜率为.【详解】,.【点睛】本题考查函数求导及导数的几何意义,属于基础题.8.某一批花生种子,如果每1粒发芽的概率为,那么播下4粒种子恰有2粒发芽的概率是()A. B. C. D.【答案】B【解析】略此处有视频,请去附件查看】9.展开式中的系数是()A. 7B.C. 21D.【答案】C【解析】【分析】直接利用二项展开式的通项公式,求出对应的值,再代入通项求系数.【详解】,当时,即时,,的系数是.【点睛】二项展开式中项的系数与二项式系数要注意区别.10.将5个不同的小球放入3个不同的盒子,每个盒子至少1个球,至多2个球,则不同的放法种数有()A. 30种B. 90种C. 180种D. 270种【答案】B【解析】【分析】对三个盒子进行编号1,2,3,则每个盒子装球的情况可分为三类:1,2,2;2,1,2;2,2,1;且每一类的放法种数相同.【详解】先考虑第一类,即3个盒子放球的个数为:1,2,2,则第1个盒子有:,第2个盒子有:,第3个盒子有:,第一类放法种数为,不同的放法种数有.【点睛】考查分类与分步计算原理,明确分类的标准是解决问题的突破口.11.已知,若函数在定义域内有且仅有两个不同的零点,则m的取值范围是()A. B. ( C. D.【答案】B【解析】【分析】通过参变分离、换元法,把函数的零点个数转化成直线与抛物线的交点个数.【详解】,函数在有两个不同零点方程在有两个不同的根,设,在有且仅有两个不同的根与抛物线有且仅有两个不同的交点,【点睛】通过换元把复杂的分式函数转化为熟知的二次函数,但要注意换元后新元的取值范围.12.设S为复数集C的非空子集,若对任意,都有,则称S为封闭集.下列命题:①集合为整数,i为虚数单位)}为封闭集;②若S为封闭集,则一定有;③封闭集一定是无限集;④若S为封闭集,则满足的任意集合T也是封闭集.其中真命题的个数为()A. 1B. 2C. 3D. 4【答案】B【解析】【分析】由题意直接验证①的正误;令x=y可推出②是正确的;举反例集合S={0}判断③错误;S={0},T={0,1},推出﹣1不属于T,判断④错误.【详解】解:由a,b,c,d为整数,可得(a+bi)+(c+di)=(a+c)+(b+d)i∈S;(a+bi)﹣(c+di)=(a﹣c)+(b﹣d)i∈S;(a+bi)(c+di)=(ac﹣bd)+(bc+ad)i∈S;集合S={a+bi|(a,b为整数,i为虚数单位)}为封闭集,①正确;当S为封闭集时,因为x﹣y∈S,取x=y,得0∈S,②正确;对于集合S={0},显然满足所有条件,但S是有限集,③错误;取S={0},T={0,1},满足S⊆T⊆C,但由于0﹣1=﹣1不属于T,故T不是封闭集,④错误.故正确的命题是①②,故选:B.【点睛】本题是新定义题,考查对封闭集概念的深刻理解,对逻辑思维能力的要求较高.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分13.已知,则_____.【答案】【解析】【分析】令分别代入等式的两边,得到两个方程,再求值.【详解】令得:,令得:,.【点睛】赋值法是求解二项式定理有关问题的常用方法.14.现有3位男学生3位女学生排成一排照相,若男学生站两端,3位女学生中有且只有两位相邻,则不同的排法种数是_____.(用数字作答)【答案】72【解析】【分析】对6个位置进行编号,第一步,两端排男生;第二步,2,3或4,5排两名女生,则剩下位置的排法是固定的.【详解】第一步:两端排男生共,第二步:2,3或4,5排两名女生共,由乘法分步原理得:不同的排法种数是.【点睛】本题若没有注意2位相邻女生的顺序,易出现错误答案.15.如图,在边长为e(e为自然对数的底数)的正方形中随机撒一粒黄豆,则它落到阴影部分的概率为_____.【答案】【解析】【分析】互为反函数的图象关于直线对称,所以两个阴影部分也关于直线对称.利用面积分割和定积分求出上部分阴影面积,再乘以2得到整个阴影面积.【详解】如图所示,连接,易得,,.【点睛】考查灵活运用函数图象的对称性和定积分求解几何概型,对逻辑思维能力要求较高.本题在求阴影部分面积时,只能先求上方部分,下方部分中学阶段无法直接求.16.已知函数,且,给出下列命题:①;②;③当时,;④,其中正确的命题序号是_____.【答案】②③【解析】【分析】根据每一个问题构造相应的函数,利用导数研究函数的单调性,进而判断命题正误.【详解】,当时,,在单调递减,当时,,在单调递增,①令,则,设,则,在单调递增,当时,,,,故①错误.②令,则在上单调递增,,,,故②正确.③当时,则,在单调递增,,,由②知,,故③正确.④令,则,时,,在单调递减,设,且,,,故④错误.【点睛】证明函数不等式问题,经常与函数性质中的单调性有关.解决问题的关键在于构造什么样函数?三、解答题:本题共5小题共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第17-2题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题考生根据要求作答(一)必考题:共60分17.设函数在时取得极值.(1)求a值;(2)求函数的单调区间.【答案】(1)3;(2)的单调递增区间为;单调递减区间为(1,2).【解析】【分析】(1)根据极值的定义,列出方程,求出的值并进行验证;(2)利用导数的正负求单调区间.【详解】(1),当时取得极值,则,即:,解得:,经检验,符合题意.(2)由(1)得:,∴,令解得:或,令0解得:,∴的单调递增区间为;单调递减区间为.【点睛】若一个函数存大两个或两个以上的单调递增区间或单调递减区间,则在书写时一般是用“,”隔开,或写一个“和”字,而不宜用符号“”连接.18.在数列中,.(1)求的值;(2)猜想的通项公式,并用数学归纳法证明.【答案】(1)4,9,16;(2),证明见解析.【解析】【分析】(1)根据数列递推关系,把分别代入,求出的值;(2)先假设时,成立,再证明时,猜想也成立.【详解】(1)∵,,∴,故的值分别为;(2)由(1)猜想,用数学归纳法证明如下:①当时,,猜想显然成立;②设时,猜想成立,即,则当时,,即当时猜想也成立,由①②可知,猜想成立,即.【点睛】运用数学归纳法证明命题时,要求严格按照从特殊到一般的思想证明,特别是归纳假设一定要用到,否则算是没有完成证明.19.某同学在研究性学习中,收集到某制药厂今年前5个月甲胶囊生产产量(单位:万盒)的数据如下表所示:(1)该同学为了求出关于的线性回归方程,根据表中数据已经正确计算出=0.6,试求出的值,并估计该厂6月份生产的甲胶囊产量数;(2)若某药店现有该制药厂今年二月份生产的甲胶囊4盒和三月份生产的甲胶囊5盒,小红同学从中随机购买了3盒甲胶囊,后经了解发现该制药厂今年二月份生产的所有甲胶囊均存在质量问题,记小红同学所购买的3盒甲胶囊中存在质量问题的盒数为ξ,求ξ的分布列和数学期望。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_13

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_13

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题(在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.已知复数满足(为虚数单位),则()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】整理得到,根据模长的运算可求得结果.【详解】由得:本题正确选项:【点睛】本题考查向量模长的求解,属于基础题.2.名学生在一次数学考试中的成绩分别为如,,,…,,要研究这名学生成绩的平均波动情况,则最能说明问题的是()A. 频率B. 平均数C. 独立性检验D. 方差【答案】D【解析】分析:直接根据频率、平均数、独立性检验、方差的基本定义判断即可.详解:因为频率表示可能性大小,错;平均数表示平均水平的高低,错;独立性检验主要指两个变量相关的可能性大小,错;方差表示分散与集中程度以及波动性的大小,对,故选D.点睛:本题主要考查频率、平均数、独立性检验、方差的基本定义,属于简单题.3.某国际会议结束后,中、美、俄等21国领导人合影留念,他们站成两排,前排11人,后排10人,中国领导人站在前排正中间位置,美俄两国领导人也站前排并与中国领导人相邻,如果对其他国家领导人所站位置不做要求,那么不同的站法共有()A. 种B. 种C. 种D. 种【答案】D【解析】先排美国人和俄国人,方法数有种,剩下人任意排有种,故共有种不通过的站法.4.某产品的广告费支出与销售额(单位:万元)之间的关系如下表,由此得到与的线性回归方程为,由此可得:当广告支出5万元时,随机误差的效应(残差)为()230A. -10B. 0C. 10D. 20【答案】C【解析】【分析】由已知求得的值,得到,求得线性回归方程,令求得的值,由此可求解结论.【详解】由题意,根据表格中的数据,可得,所以,所以,取,得,所以随机误差的效应(残差)为,故选C.【点睛】本题主要考查了回归直线方程的求解,以及残差的求法,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.5.设曲线在点处的切线与直线垂直,则()A. B. C. -2 D. 2【答案】A【解析】【分析】根据函数的求导运算得到导函数,根据题干所给的垂直关系,得到方程,进而求解.【详解】由题意得,,∵在点处的切线与直线垂直,∴,解得,故选:A.【点睛】这个题目考查了函数的求导法则,涉及到导数的几何意义的应用,属于基础题.6.用数学归纳法证明“能被13整除”的第二步中,当时为了使用归纳假设,对变形正确的是()A. B.C. D.【答案】A【解析】试题分析:假设当,能被13整除,当应化成形式,所以答案为A考点:数学归纳法7.函数的极大值为()A. 3B.C.D. 2【答案】B【解析】【分析】求得函数的导数,得出函数的单调性,再根据集合的定义,即可求解.【详解】由题意,函数,则,令,即,解得或,令,即,解得,即函数在上函数单调递增,在上函数单调递减,所以当时,函数取得极大值,极大值,故选B.【点睛】本题主要考查了利用导数研究函数的单调性,以及求解函数的极值问题,其中解答中熟记导数与原函数的单调性之间的关系,以及极值的概念是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.8.长春气象台统计,7月15日净月区下雨的概率为,刮风的概率为,既刮风又下雨的概率为,设事件为下雨,事件为刮风,那么()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】确定,再利用条件概率的计算公式,即可求解.【详解】由题意,可知,利用条件概率的计算公式,可得,故选B.【点睛】本题主要考查了条件概率的计算,其中解答中认真审题,熟记条件概率的计算公式,准确计算是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.9.如图,在杨辉三角中,虚线所对应的斜行的各数之和构成一个新数列,则数列的第10项为()A. 55B. 89C. 120D. 144【答案】A【解析】【分析】根据杨辉三角中,虚线所对应的斜行的各数之和构成一个新数列,找出规律,即可求出数列的第10项,得到答案.【详解】由题意,可知,,故选A.【点睛】本题主要考查了归纳推理的应用,其中解答中读懂题意,理清前后项的关系,准确计算是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.10.设,则二项式展开式的所有项系数和为()A. 1B. 32C. 243D. 1024【答案】C【解析】【分析】根据定积分求得,得出二项式,再令,即可求得展开式的所有项的系数和,得到答案.【详解】由题意,可得,所以二项式为,令,可得二项式展开式的所有项系数和为,故选C.【点睛】本题主要考查了微积分基本定理的应用,以及二项展开式的系数问题,其中解答中熟记定积分的计算,以及二项式的系数的求解方法是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.11.现有张不同的卡片,其中红色、黄色、蓝色、绿色卡片各张.从中任取张,要求这张卡片不能是同一种颜色,且红色卡片至多张.不同取法的种数为A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析:3张卡片不能是同一种颜色,有两种情形:三种颜色或者两种颜色,如果是三种颜色,取法数为,如果是两种颜色,取法数为,所以取法总数为,故选C.考点:分类加法原理与分步乘法原理.【名师点晴】(1)对于一些比较复杂的既要运用分类加法计数原理又要运用分步乘法计数原理的问题,我们可以恰当地画出示意图或列出表格,使问题更加直观、清晰.(2)当两个原理混合使用时,一般是先分类,在每类方法里再分步.12.函数(,是自然对数的底数,)存在唯一的零点,则实数的取值范围为()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】由函数存在唯一的零点等价于函数与函数只有唯一一个交点,画出与的大致图象,根据使得函数与函数只有唯一一个交点,得到,即可求解.【详解】由题意,函数(,是自然对数的底数,)存在唯一的零点等价于函数与函数只有唯一一个交点,因为,所以函数与函数唯一交点为,又因为,且,所以,即函数在上单调递减函数,又因为是最小正周期为2,最大值为的正弦函数,所以可得与函数的大致图象,如图所示,所以要使得函数与函数只有唯一一个焦点,则,因为,则,,所以,解得,又因为,所以实数的范围为,故选B.【点睛】本题主要考查了函数的零点问题,函数的单调性的应用,以及导数的应用,其中解答中把唯一零点转化为两个函数的交点问题,结合图象进行分析研究是解答的关键,着重考查了分析问题和解答问题的能力,属于中档试题.二、填空题.13.若随机变量,已知,则_____.【答案】0.363【解析】【分析】根据随机变量服从正态分布,根据曲线的对称性,得到的值,即可求解.【详解】由题意,随机变量服从正态分布,所以图象关于对称,因为,根据曲线的对称性,可得.【点睛】本题主要考查了正态分布的对称性的应用,其中解答中熟练应用正态分布曲线的对称性,合理计算是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.14.在平面几何中有如下结论:若正三角形的内切圆周长为,外接圆周长为,则.推广到空间几何可以得到类似结论:若正四面体的内切球表面积为,外接球表面积为,则__________.【答案】【解析】分析:平面图形类比空间图形,二维类比三维得到,类比平面几何的结论,确定正四面体的外接球和内切球的半径之比,即可求得结论.详解:平面几何中,圆的周长与圆的半径成正比,而在空间几何中,球的表面积与半径的平方成正比,因为正四面体的外接球和内切球的半径之比是,,故答案为.点睛:本题主要考查类比推理,属于中档题.类比推理问题,常见的类型有:(1)等差数列与等比数列的类比;(2)平面与空间的类比;(3)椭圆与双曲线的类比;(4)复数与实数的类比;(5)向量与数的类比.15.某个游戏中,一个珠子按如图所示通道,由上至下的滑下,从最下面的六个出口出来,规定猜中者为胜,如果你在该游戏中,猜得珠子从出口3出来,那么你取胜的概率为_______.【答案】【解析】【分析】从顶点到3总共有5个岔口,共有10种走法,每一岔口走法的概率都是,二项分布的概率计算公式,即可求解.【详解】由题意,从顶点到3的路线图单独画出来,如图所示,可得从顶点到3总共有种走法,其中每一岔口走法概率都是,所以珠子从出口3出来的概率为.【点睛】本题主要考查了二项分布的一个模型,其中解答中认真审题,合理利用二项分布的概率计算公式求解是解答的关键,着重考查了分析问题和解答问题的能力,属于基础题.16.已知不等式恒成立,其中为自然常数,则的最大值为_____.【答案】【解析】【分析】先利用导数确定不等式恒成立条件,再利用导数确定的最大值.【详解】令当时,,不满足条件;当时,,当时当时因此,从而令再令所以当时;当时;即,从而的最大值为.【点睛】本题考查利用导数研究不等式恒成立以及利用导数求函数最值,考查综合分析求解能力,属较难题.三、解答题(解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)17.已知函数.(1)当时,求不等式的解集;(2)若的解集为R,求的取值范围.【答案】(1);(2)【解析】【分析】(1)分段讨论去绝对值解不等式即可;(2)由绝对值三角不等式可得,从而得或,进而可得解.【详解】(1)当时,原不等式可化为解得所以不等式的解集为(2)由题意可得,当时取等号.或,即或【点睛】本题主要考查了含绝对值的不等式的求解及绝对值三角不等式求最值,属于基础题.18.在直角坐标系中,曲线的参数方程为(为参数),以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线的极坐标方程为.(1)把的参数方程化为极坐标方程:(2)求与交点的极坐标.【答案】(1)(2)与交点的极坐标为,和【解析】【分析】(1)先把曲线化成直角坐标方程,再化简成极坐标方程;(2)联立曲线和曲线的方程解得即可.【详解】(1)曲线的直角坐标方程为:,即. 的参数方程化为极坐标方程为;(2)联立可得:,与交点的极坐标为,和.【点睛】本题考查了参数方程,直角坐标方程,极坐标方程的互化,也考查了极坐标方程的联立,属于基础题.19.2020年开始,国家逐步推行全新的高考制度.新高考不再分文理科,采用3+3模式,其中语文、数学、外语三科为必考科目,满分各150分,另外考生还要依据想考取的高校及专业的要求,结合自己的兴趣爱好等因素,在思想政治、历史、地理、物理、化学、生物6门科目中自选3门参加考试(6选3),每科目满分100分.为了应对新高考,某高中从高一年级1000名学生(其中男生550人,女生450人)中,根据性别分层,采用分层抽样的方法从中抽取100名学生进行调查.(1)学校计划在高一上学期开设选修中的“物理”和“地理”两个科目,为了了解学生对这两个科目的选课情况,对抽取到的100名学生进行问卷调查(假定每名学生在这两个科目中必须选择一个科目且只能选择一个科目),如表是根据调查结果得到的列联表.请将列联表补充完整,并判断是否有的把握认为选择科目与性别有关?说明你的理由;(2)在抽取到的女生中按(1)中的选课情况进行分层抽样,从中抽出9名女生,再从这9名女生中随机抽取4人,设这4人中选择“地理”的人数为,求的分布列及数学期望.附参考公式及数据:,其中.0.053.841【答案】(1)列联表见解析;有的把握认为选择科目与性别有关.(2)分布列见解析;【解析】分析】(1)根据分层抽样,求得抽到男生、女生人数,得到的列联表,求得的值,即可得到结论;(2)求得这4名女生中选择地理的人数可为,求得相应的概率,得到分布列,利用期望的公式计算,即可求解.【详解】(1)由题意,抽取到男生人数为,女生人数为,所以列联表为:所以,所以有的把握认为选择科目与性别有关.(2)从45名女生中分层抽样抽9名女生,所以这9名女生中有5人选择物理,4人选择地理,9名女生中再选择4名女生,则这4名女生中选择地理的人数可为.设事件发生概率为,则,,,,.所以的分布列为:期望.【点睛】本题主要考查了独立性检验及其应用,以及离散型随机变量的分布列与期望的计算,其中解答中认真审题,得出随机变量的取值,求得相应的概率,得出分布列,利用公式准确计算是解答的关键,着重考查了分析问题和解答问题的能力,属于基础题.20.在同一直角坐标系中,经过伸缩变换后,曲线C的方程变为.以坐标原点为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系,直线/的极坐标方程为.(1)求曲线C和直线l的直角坐标方程;(2)过点作l的垂线l0交C于A,B两点,点A在x轴上方,求的值.【答案】(1),(2)【解析】【分析】(1)将变换公式代入得,即可曲线C的方程,利用极坐标与直角的互化公式,即可求解直线的直角坐标方程;(2)将直线l0的参数方程代入曲线C的方程整理得,利用根与系数的关系和直线的参数方程中参数的几何意义,即可求解的值.【详解】(1)将代入得,曲线C的方程为,由,得,把,代入上式得直线l直角坐标方程为. (2)因为直线l的倾斜角为,所以其垂线l0的倾斜角为,则直线l0的参数方程为(t为参数),即(t为参数)代入曲线C的方程整理得,设A,B两点对应的参数为t1,t2,由题意知,,则,且,所以.【点睛】本题主要考查了极坐标与直角坐标的互化,直线参数方程的应用,其中解答中熟记互化公式,合理利用韦达定理和直线的参数方程中参数的几何意义求解是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.21.某有机水果种植基地试验种植的某水果在售卖前要成箱包装,每箱80个,每一箱水果在交付顾客之前要按约定标准对水果作检测,如检测出不合格品,则更换为合格品.检测时,先从这一箱水果中任取10个作检测,再根据检测结果决定是否对余下的所有水果作检测.设每个水果为不合格品的概率都为,且各个水果是否为不合格品相互独立.(Ⅰ)记10个水果中恰有2个不合格品的概率为,求取最大值时p的值;(Ⅱ)现对一箱水果检验了10个,结果恰有2个不合格,以(Ⅰ)中确定的作为p的值.已知每个水果的检测费用为1.5元,若有不合格水果进入顾客手中,则种植基地要对每个不合格水果支付a元的赔偿费用.(ⅰ)若不对该箱余下的水果作检验,这一箱水果的检验费用与赔偿费用的和记为X,求EX;(ⅱ)以检验费用与赔偿费用和的期望值为决策依据,当种植基地要对每个不合格水果支付的赔偿费用至少为多少元时,将促使种植基地对这箱余下的所有水果作检验?【答案】(Ⅰ)0.2(Ⅱ)(ⅰ)(ⅱ)8【解析】【分析】(Ⅰ)记10个水果中恰有2个不合格品的概率为,求得,利用导数即可求解函数的单调性,进而求得函数的最值.(Ⅱ)由(Ⅰ)知,(ⅰ)中,依题意知,,进而利用公式,即可求解;(ⅱ)如果对余下的水果作检验,得这一箱水果所需要的检验费为120元,列出相应的不等式,判定即可得到结论.【详解】(Ⅰ)记10个水果中恰有2个不合格品的概率为f(p),则,∴,由,得.且当时,;当时,.∴的最大值点.(Ⅱ)由(Ⅰ)知,(ⅰ)令Y表示余下的70个水果中的不合格数,依题意知,∴.(ⅱ)如果对余下的水果作检验,则这一箱水果所需要的检验费为120元,由,得,且,∴当种植基地要对每个不合格水果支付的赔偿费用至少为8元时,将促使种植基地对这箱余下的所有水果作检测.【点睛】本题主要考查了独立重复试验的概率的应用,以及二项分布的应用,其中解答中认真审题,分析试验过程,根据对立重复试验求得事件的概率,以及正确利用分布列的性质求解上解答的关键,着重考查了分析问题和解答问题的能力,属于中档试题.22.已知函数.(1)当时,求函数的单调区间;(2)若函数的两个零点分别为,且,求证:函数的图像在处的切线的斜率恒小于.【答案】(1)见解析;(2)见解析【解析】【分析】(1)先求导数,再根据导函数零点分类讨论,最后根据导函数符号确定单调区间,(2)先求导数得函数的图像在处的切线的斜率,再根据零点将斜率转化为积的形式,利用导数研究因子单调性,进而根据最值确定符号即得结果.【详解】(1)所以当时,,所以增区间,减区间当时,,所以增区间,减区间;当时,,所以增区间,无减区间当时,,所以增区间,减区间(2)因为,所以,因此函数的图像在处的切线的斜率为因为函数的两个零点分别为,所以即,所以令,则所以,从而.【点睛】本题考查利用导数研究函数单调性以及利用导数证明不等式,考查综合分析求解能力,属难题.2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题(在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.已知复数满足(为虚数单位),则()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】整理得到,根据模长的运算可求得结果.【详解】由得:本题正确选项:【点睛】本题考查向量模长的求解,属于基础题.2.名学生在一次数学考试中的成绩分别为如,,,…,,要研究这名学生成绩的平均波动情况,则最能说明问题的是()A. 频率B. 平均数C. 独立性检验D. 方差【答案】D【解析】分析:直接根据频率、平均数、独立性检验、方差的基本定义判断即可.详解:因为频率表示可能性大小,错;平均数表示平均水平的高低,错;独立性检验主要指两个变量相关的可能性大小,错;方差表示分散与集中程度以及波动性的大小,对,故选D.点睛:本题主要考查频率、平均数、独立性检验、方差的基本定义,属于简单题.3.某国际会议结束后,中、美、俄等21国领导人合影留念,他们站成两排,前排11人,后排10人,中国领导人站在前排正中间位置,美俄两国领导人也站前排并与中国领导人相邻,如果对其他国家领导人所站位置不做要求,那么不同的站法共有()A. 种B. 种C. 种D. 种【答案】D【解析】先排美国人和俄国人,方法数有种,剩下人任意排有种,故共有种不通过的站法.4.某产品的广告费支出与销售额(单位:万元)之间的关系如下表,由此得到与的线性回归方程为,由此可得:当广告支出5万元时,随机误差的效应(残差)为()230A. -10B. 0C. 10D. 20【答案】C【解析】【分析】由已知求得的值,得到,求得线性回归方程,令求得的值,由此可求解结论.【详解】由题意,根据表格中的数据,可得,所以,所以,取,得,所以随机误差的效应(残差)为,故选C.【点睛】本题主要考查了回归直线方程的求解,以及残差的求法,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.5.设曲线在点处的切线与直线垂直,则()A. B. C. -2 D. 2【答案】A【解析】【分析】根据函数的求导运算得到导函数,根据题干所给的垂直关系,得到方程,进而求解.【详解】由题意得,,∵在点处的切线与直线垂直,∴,解得,故选:A.【点睛】这个题目考查了函数的求导法则,涉及到导数的几何意义的应用,属于基础题.6.用数学归纳法证明“能被13整除”的第二步中,当时为了使用归纳假设,对变形正确的是()A. B.C. D.【答案】A【解析】试题分析:假设当,能被13整除,当应化成形式,所以答案为A考点:数学归纳法7.函数的极大值为()A. 3B.C.D. 2【答案】B【解析】【分析】求得函数的导数,得出函数的单调性,再根据集合的定义,即可求解.【详解】由题意,函数,则,令,即,解得或,令,即,解得,即函数在上函数单调递增,在上函数单调递减,所以当时,函数取得极大值,极大值,故选B.【点睛】本题主要考查了利用导数研究函数的单调性,以及求解函数的极值问题,其中解答中熟记导数与原函数的单调性之间的关系,以及极值的概念是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.8.长春气象台统计,7月15日净月区下雨的概率为,刮风的概率为,既刮风又下雨的概率为,设事件为下雨,事件为刮风,那么()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】确定,再利用条件概率的计算公式,即可求解.【详解】由题意,可知,利用条件概率的计算公式,可得,故选B.【点睛】本题主要考查了条件概率的计算,其中解答中认真审题,熟记条件概率的计算公式,准确计算是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.9.如图,在杨辉三角中,虚线所对应的斜行的各数之和构成一个新数列,则数列的第10项为()A. 55B. 89C. 120D. 144【答案】A【解析】【分析】根据杨辉三角中,虚线所对应的斜行的各数之和构成一个新数列,找出规律,即可求出数列的第10项,得到答案.【详解】由题意,可知,,故选A.【点睛】本题主要考查了归纳推理的应用,其中解答中读懂题意,理清前后项的关系,准确计算是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.10.设,则二项式展开式的所有项系数和为()A. 1B. 32C. 243D. 1024【答案】C【解析】【分析】根据定积分求得,得出二项式,再令,即可求得展开式的所有项的系数和,得到答案.【详解】由题意,可得,所以二项式为,令,可得二项式展开式的所有项系数和为,故选C.【点睛】本题主要考查了微积分基本定理的应用,以及二项展开式的系数问题,其中解答中熟记定积分的计算,以及二项式的系数的求解方法是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.11.现有张不同的卡片,其中红色、黄色、蓝色、绿色卡片各张.从中任取张,要求这张卡片不能是同一种颜色,且红色卡片至多张.不同取法的种数为A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析:3张卡片不能是同一种颜色,有两种情形:三种颜色或者两种颜色,如果是三种颜色,取法数为,如果是两种颜色,取法数为,所以取法总数为,故选C.考点:分类加法原理与分步乘法原理.【名师点晴】(1)对于一些比较复杂的既要运用分类加法计数原理又要运用分步乘法计数原理的问题,我们可以恰当地画出示意图或列出表格,使问题更加直观、清晰.(2)当两个原理混合使用时,一般是先分类,在每类方法里再分步.12.函数(,是自然对数的底数,)存在唯一的零点,则实数的取值范围为()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】由函数存在唯一的零点等价于函数与函数只有唯一一个交点,画出与的大致图象,根据使得函数与函数只有唯一一个交点,得到,即可求解.【详解】由题意,函数(,是自然对数的底数,)存在唯一的零点等价于函数与函数只有唯一一个交点,因为,所以函数与函数唯一交点为,又因为,且,所以,即函数在上单调递减函数,又因为是最小正周期为2,最大值为的正弦函数,所以可得与函数的大致图象,如图所示,所以要使得函数与函数只有唯一一个焦点,则,因为,则,,所以,解得,又因为,所以实数的范围为,故选B.【点睛】本题主要考查了函数的零点问题,函数的单调性的应用,以及导数的应用,其中解答。

湖北省武汉市江岸区2018-2019学年高二下学期期末理科数学试题

湖北省武汉市江岸区2018-2019学年高二下学期期末理科数学试题

湖北省武汉市江岸区2018-2019学年高二下学期期末理科数学试题学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________1.若复数z 满足z =3+3i ,则|z |=( )A .B .3C .D2.“14m <”是“一元二次方程20x x m ++=”有实数解的 A .充分非必要条件 B .充分必要条件 C .必要非充分条件D .非充分必要条件3.已知命题p :R x ∀∈,1x e x ≥+;命题q :0R x ∃∈,00ln 1x x ≥-.下列命题为真命题的是( ) A .p q ∧ B .()p q ∧⌝ C .()p q ⌝∧D .()()p q ⌝∧⌝4.平面几何中,有边长为a 的正三角形内任一点到三边距离之和为定值2a ,类比上述命题,棱长为a 的正四面体内任一点到四个面的距离之和为( )A .3a B C D 5.已知函数f(x)=x 3−ax 2+(a +6)x 有极值,则实数a 的取值范围是( ) A .(−3,6)B .(−∞,−3]∪[6 ,+∞)C .(−∞,−3)∪(6,+∞)D .[− 3,6]6.过椭圆()2222:10x y C a b a b+=>>的左焦点F 的直线过C 的上端点B ,且与椭圆相交于点A ,若3BF FA =u u u v u u u v,则C 的离心率为( )A .13B C D .27.如果点M (x ,y )在运动过程中,总满足关系式=4,点M 的轨迹是( )A .双曲线的右支B .椭圆C .双曲线的上支D .射线8.已知双曲线2222x y a b-=1(a >0,b >0)的离心率为2,左焦点到渐近线的距离为则双曲线的方程为( )A .22412x y -=1B .22124x y -=1C .2239x y -=1D .2293x y -=19.已知点P 在曲线y 41xx e e =+上,a 为曲线在点P 处切线的倾斜角,则a 的取值范围( )A .(0,4π] B .[4π,2π) C .(2π,34π]D .[34π,π) 10.已知a 3ln2π=,b 2ln3π=,2c 3ln π=,则下列选项正确的是( ) A .a b c >>B .c a b >>C .c b a >>D .b c a >>11.已知抛物线x 2=﹣8y 的焦点为F ,点P 为抛物线上的动点,点K (0,2),则PF PK的最小值是( )A .2B .12C .2D12.设a 为常数,函数f (x )=x (lnx ﹣1)﹣ax 2,给出以下结论:(1)f (x )存在唯一零点与a 的取值无关;(2)若a =e ﹣2,则f (x )存在唯一零点;(3)若a <e ﹣2,则f (x )存在两个零点.其中正确的个数是( ) A .3B .2C .1D .013.已知方程2253x y m m +=-+1表示双曲线,则m 的取值范围为_____.14.已知 ()()21220192019ln 2f x x xf x '=-+-,则()1f '=_____. 15.已知S 是△ABC 所在平面外一点,D 是SC 的中点,若BD =u u u rx SA ySB zSC ++u u r u u r u u u r ,则x +y +z =_____.16.设函数f (x )在R 上存在导数f '(x ),当x ∈(0,+∞)时,f '(x )<x .且对任意x ∈R ,有f (x )=x 2﹣f (﹣x ),若f (1﹣t )﹣f (t )12≥-t ,则实数t 的取值范围是_____. 17.已知0a >,设命题:p 函数x y a =在R 上单调递减,:q 不等式21x x a +->的解集为R,若p和q中有且只有一个命题为真命题,求a的取值范围.18.已知函数f(x)=lnxx ax--,其中a>0.曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线与直线y=x+1垂直.(1)求函数f(x)的单调区间;(2)求函数f(x)在区间[1,e]上的极值和最值.19.已知抛物线C:x2=2py(p>0)的焦点为F.过F的直线与抛物线C交于A、B,与抛物线C的准线交于M.(1)若|AF|=|FM|=4,求常数p的值;(2)设抛物线C在点A、B处的切线相交于N,求动点N的轨迹方程.20.已知边长为4的正三角形ABC的边AB、AC上分别有两点D、E,DE//BC且DE=3,现将△ABC沿DE折成直二面角A﹣DE﹣B,在空间中取一点F使得ADBF为平行四边形,连接AC、FC得六面体ABCEDF,G是BC边上动点.(1)若EG//平面ACF,求CG的长;(2)若G为BC中点,求二面角G﹣AE﹣D的平面角的余弦值.21.已知抛物线C:y2=4x与椭圆E:2222x ya b+=1(a>b>0)有一个公共焦点F.设抛物线C与椭圆E在第一象限的交点为M.满足|MF|5 3 =.(1)求椭圆E 的标准方程; (2)过点P (1,32)的直线交抛物线C 于A 、B 两点,直线PO 交椭圆E 于另一点Q .若P 为AB 的中点,求△QAB 的面积. 22.已知函数()311sin cos 23x cosx sinx x f x ex a x x x -⎛⎫-⎛⎫=-+--+⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭在()0,∞+内有两个极值点x 1,x 2(x 1<x 2),其中a 为常数. (1)求实数a 的取值范围; (2)求证:x 1+x 2>2.答案第1页,总1页参考答案1.A 2.A 3.A 4.B 5.C 6.D 7.C 8.A 9.A 10.D 11.C 12.C13.(﹣∞,﹣3)∪(5,+∞) 14.202015.12- 16.[12,+∞)17.102a <≤或1a ≥. 18.(1)f (x )的单调减区间为(0,2),增区间为[2,+∞);(2)f (x )的极小值为f (2)=ln 2,无极大值;最小值ln 2,最大值1. 19.(1)2;(2)y 2p=-. 20.(1)1;(2)13. 21.(1)22143x y +=;(2)8. 22.(1)a >1;(2)证明见解析.。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_10

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_10

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)第Ⅰ卷选择题部分一、选择题(每小题只有一个选项正确,每小题5分, 共60分。

)1.复数(为虚数单位)的虚部是().A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】利用复数的除法法则将复数表示为一般形式,可得出复数的虚部。

【详解】,因此,该复数的虚部为,故选:A。

【点睛】本题考查复数的除法,考查复数的虚部,对于复数问题的求解,一般利用复数的四则运算法则将复数表示为一般形式,明确复数的实部与虚部进行求解,考查计算能力,属于基础题。

2.已知~,则 ( ).A. B. C. 3 D.【答案】B【解析】【分析】利用二项分布的数学期望,计算出,再利用期望的性质求出的值。

【详解】,,因此,,故选:B。

【点睛】本题考查二项分布的数学期望与期望的性质,解题的关键就是利用二项分布的期望公式以及期望的性质,考查计算能力,属于基础题。

3.函数在区间上的最大值为().A. 17B. 12C. 32D. 24【答案】D【解析】【分析】对函数求导,求出函数的极值点,分析函数的单调性,再将极值与端点函数值比较大小,找出其中最大的作为函数的最大值。

【详解】,则,令,列表如下:极大值极小值所以,函数的极大值为,极小值为,又,,因此,函数在区间上的最大值为,故选:D。

【点睛】本题考查利用导数求函数在定区间上的最值,解题时严格按照导数求最值的基本步骤进行,考查计算能力,属于中等题。

4.已知,则函数单调递减区间为( ).A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】求出函数的定义域,并对该函数求导,解不等式,将解集与定义域取交集得出函数的单调递减区间。

【详解】函数的定义域为,,令,得,因此,函数的单调递减区间为,故选:B。

【点睛】本题考查利用导数求函数的单调区间,除了解导数不等式之外,还要注意将解集与定义域取交集,考查计算能力,属于中等题。

5.设,则的值为()A. B. C. D.【答案】A【解析】解析:当时,;当时,,故,应选答案A。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_12

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_12

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题(本大题共有12个小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四选项中只有一项是符合题目要求的)1.若集合,,若,则的值为()A. B. C. 或 D. 或【答案】A【解析】【分析】先解出集合,由,得出,于此可得知实数的值.【详解】解方程,即,得,由于,,则,,,,故选:A.【点睛】本题考查集合间的包含关系,利用包含关系求参数的值,解本题的关键就是将集合表示出来,考查计算能力,属于基础题。

2.若则有()A. B.C. D.【答案】D【解析】①,∵,∴,故.②,,∴,故.综上.选D.3.若实数满足则的最小值是()A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析:若则,当且仅当时取等号.故选B.考点:1、基本不等式;2、指数函数.4.已知函数是定义在上的奇函数,当时,,则()A. 12B. 20C. 28D.【答案】A【解析】【分析】先计算出的值,然后利用奇函数的性质得出可得出的值。

【详解】当时,,则,由于函数是定义在上的奇函数,所以,,故选:A.【点睛】本题考查利用函数奇偶性求值,求函数值时要注意根据自变量的范围选择合适的解析式,合理利用奇偶性是解本题的关键,考查运算求解能力,属于基础题。

5.如图,阴影部分的面积是()A. B. C. D.【答案】C【解析】由定积分的定义可得,阴影部分的面积为.本题选择C选项.点睛:利用定积分求曲线围成图形的面积的步骤:(1)画出图形;(2)确定被积函数;(3)确定积分的上、下限,并求出交点坐标;(4)运用微积分基本定理计算定积分,求出平面图形的面积.求解时,注意要把定积分与利用定积分计算的曲线围成图形的面积区别开:定积分是一个数值(极限值),可为正,可为负,也可为零,而平面图形的面积在一般意义上总为正.6.已知,则的解析式为()A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】将等式变形为,可得出函数的解析式,再计算出即可。

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_17

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)_17

2018-2019学年高二数学下学期期末考试试题理(含解析)一、选择题:共12小题,每小题5分,共60分,在每个小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求.1.复数,则=()A. 0B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据复数的除法运算,先化简复数,再由复数模的计算公式,即可求出结果.【详解】因为,所以.故选C【点睛】本题主要考查复数的除法,以及复数的模,熟记公式即可,属于基础题型.2.已知命题,则命题的否定为()A. B.C. D.【答案】A【解析】【分析】根据全称命题的否定为特称命题,即可直接得出结果.【详解】因为命题,所以命题的否定为:故选A【点睛】本题主要考查含有一个量词的命题的否定,只需改写量词与结论即可,属于常考题型.3.空间直角坐标系中,点关于点的对称点的坐标是A. (-10,2,8)B. (-10,2,-8)C. (5,2,-8)D. (-10,3,-8)【答案】B【解析】【分析】直接利用中点坐标公式求解即可.【详解】设点关于点的对称点的坐标是,根据中点坐标公式可得,解得,所以点关于点的对称点的坐标是(-10,2,-8),故选B.【点睛】本题主要考查中点坐标公式应用,意在考查对基本公式的掌握与应用,属于基础题.4.函数在点处的切线方程为()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】求函数的导数,利用导数的几何意义求出切线斜率,进行求解即可.【详解】函数的导数,则函数在点处的切线斜率,因为,所以切点坐标为为,则切线方程为,故选B.【点睛】该题考查的是有关函数图象在某点处的切线方程的求解问题,涉及到的知识点有导数的几何意义,直线方程的点斜式,属于简单题目.5. △ABC的两个顶点为A(-4,0),B(4,0),△ABC周长为18,则C点轨迹为()A. (y≠0)B. (y≠0)C. (y≠0)D. (y≠0)【答案】A【解析】试题分析:由坐标可知,由周长可知,由椭圆的定义可知,点在焦点为,半长轴为的椭圆上运动,由焦点以及半长轴可求得半短轴,则椭圆方程为,当点在横轴上时,点共线,不能构成三角形,所以,所以点的轨迹方程为(),故正确选项为A.考点:椭圆的概念.【易错点睛】本题主要考察椭圆的概念:到两定点距离之和等于定值的动点的轨迹.有已知条件可得到椭圆的半长轴以及焦点坐标,但是,要注意一点,题中要求三点构成三角形,也就是说这三点是不能共线的,即点不能在横轴上,所以在轨迹方程中要去掉纵坐标为的点.6.计算:()A. ﹣1B. 1C. ﹣8D. 8【答案】D【解析】【分析】根据微积分基本定理,可直接求出结果.【详解】.故选D【点睛】本题主要考查定积分,熟记微积分基本定理即可,属于常考题型.7.观察下列等式,13+23=32,13+23+33=62,13+23+33+43=102,根据上述规律,13+23+33+43+53+63=( )A. 192B. 202C. 212D. 222【答案】C【解析】∵所给等式左边的底数依次分别为1,2;1,2,3;1,2,3,4;右边的底数依次分别为3,6,10,(注意:这里,),∴由底数内在规律可知:第五个等式左边的底数为1,2,3,4,5,6,右边的底数为,又左边为立方和,右边为平方的形式,故有,故选C.点睛:本题考查了,所谓归纳推理,就是从个别性知识推出一般性结论的推理.它与演绎推理的思维进程不同.归纳推理的思维进程是从个别到一般,而演绎推理的思维进程不是从个别到一般,是一个必然地得出的思维进程.解答此类的方法是从特殊的前几个式子进行分析找出规律.观察前几个式子的变化规律,发现每一个等式左边为立方和,右边为平方的形式,且左边的底数在增加,右边的底数也在增加.从中找规律性即可.8.已知点是抛物线的焦点,点为抛物线上的任意一点,为平面上点,则的最小值为()A. 3B. 2C. 4D.【答案】A【解析】【分析】作垂直准线于点,根据抛物线的定义,得到,当三点共线时,的值最小,进而可得出结果.【详解】如图,作垂直准线于点,由题意可得,显然,当三点共线时,的值最小;因,,准线,所以当三点共线时,,所以.故选A【点睛】本题主要考查抛物线上任一点到两定点距离的和的最值问题,熟记抛物线的定义与性质即可,属于常考题型.9.若函数在处取得极小值,则的最小值为()A. 3B. 4C. 5D. 6【答案】B【解析】【分析】先对函数求导,根据题意,得到,再用导数的方法研究函数单调性,进而可求出结果.【详解】因为,所以,又函数在处取得极小值,所以,所以,因此,由得;由得,所以函数在上单调递减,在上单调递增;所以;故选B【点睛】本题主要考查导数的应用,根据导数的方法研究函数的单调性,最值等,属于常考题型.10.在三棱锥中,,,面,,,分别为,,的中点,,则异面直线与所成角的余弦值为()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】由题意可知,以B为原点,BC,BA,BP分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,利用空间向量坐标法求角即可.【详解】∵∴,以B为原点,BC,BA,BP分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,∴,设,则,∵,∴,解得∴∴,∴异面直线与所成角的余弦值为故选:B【点睛】本题考查了异面直线所成角的余弦值求法问题,也考查了推理论证能力和运算求解能力,是中档题.11.已知双曲线的左右焦点分别为,,以线段为直径的圆与双曲线在第二象限的交点为,若直线与圆相切,则双曲线的渐近线方程是()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】先设直线与圆相切于点,根据题意,得到,再由,根据勾股定理求出,从而可得渐近线方程.【详解】设直线与圆相切于点,因为是以圆的直径为斜边的圆内接三角形,所以,又因为圆与直线的切点为,所以,又,所以,因此,因此有,所以,因此渐近线的方程为.故选B【点睛】本题主要考查双曲线的渐近线方程,熟记双曲线的简单性质即可,属于常考题型.12.已知函数,,其中为自然对数底数,若存在实数使得,则实数的值为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】先对函数求导,用导数的方法求最小值,再由基本不等式求出的最小值,结合题中条件,列出方程,即可求出结果.【详解】由得,由得;由得;因此,函数在上单调递减;在上单调递增;所以;又,当且仅当,即时,等号成立,故(当且仅当与同时取最小值时,等号成立)因为存在实数使得,所以,解得.故选C【点睛】本题主要考查导数的应用,以及由基本不等式求最小值,熟记利用导数求函数最值的方法,以及熟记基本不等式即可,属于常考题型.二、填空题:本大题共4小题,共20分。

2018-2019学年湖北省武汉市江岸区高二下学期期末(理科)数学试卷 (Word 含解析)

2018-2019学年湖北省武汉市江岸区高二下学期期末(理科)数学试卷 (Word 含解析)

2018-2019学年高二第二学期期末数学试卷(理科)一、选择题1.若复数z 满足z =3+3i ,则|z |=( ) A .3√2B .3C .2√2D .√22.“m <14”是“一元二次方程x 2+x +m =0有实数解”的( ) A .充分非必要条件 B .充分必要条件C .必要非充分条件D .非充分非必要条件3.已知命题p :∀x ∈R ,e x ≥1+x ;命题q :∃x 0∈R ,lnx 0≥x 0﹣1.下列命题为真命题的是( ) A .p ∧qB .p ∧(¬q )C .(¬p )∧qD .(¬p )∧(¬q )4.平面几何中,有边长为a 的正三角形内任一点到三边距离之和为定值√32a ,类比上述命题,棱长为a 的正四面体内任一点到四个面的距离之和为( ) A .√43aB .√63aC .√54aD .√64a5.已知函数f (x )=x 3﹣ax 2+(a +6)x 有极值,则实数a 的取值范围是( ) A .(﹣3,6)B .(﹣∞,﹣3]∪[6,+∞)C .(﹣∞,﹣3)∪(6,+∞)D .[﹣3,6]6.过椭圆C :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的左焦点F 的直线过C 的上端点B ,且与椭圆相交于点A ,若BF →=3FA →,则C 的离心率为( ) A .13B .√33C .√32D .√227.如果点M (x ,y )在运动过程中,总满足关系式√9+x 2+y 2+6y −√9+x 2−6y +y 2=4,点M 的轨迹是( ) A .双曲线的右支 B .椭圆C .双曲线的上支D .射线8.已知双曲线x 2a 2−y 2b 2=1(a >0,b >0)的离心率为2,左焦点到渐近线的距离为2√3,则双曲线的方程为( ) A .x 24−y 212=1 B .x 212−y 24=1 C .x 23−y 29=1D .x 29−y 23=19.已知点P 在曲线y =4e xe x +1上,a 为曲线在点P 处切线的倾斜角,则a 的取值范围( )A .(0,π4]B .[π4,π2)C .(π2,3π4] D .[3π4,π)10.已知a =3ln 2π,b =2ln 3π,c =3ln π2,则下列选项正确的是( ) A .a >b >cB .c >a >bC .c >b >aD .b >c >a11.已知抛物线x 2=﹣8y 的焦点为F ,点P 为抛物线上的动点,点K (0,2),则|PF||PK|的最小值是( ) A .2B .12C .√22D .√212.设a 为常数,函数f (x )=x (lnx ﹣1)﹣ax 2,给出以下结论: (1)f (x )存在唯一零点与a 的取值无关; (2)若a =e ﹣2,则f (x )存在唯一零点; (3)若a <e ﹣2,则f (x )存在两个零点. 其中正确的个数是( ) A .3B .2C .1D .0二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。

  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

2018-2019学年湖北省武汉市江岸区高二下学期期末数学(理)试题一、单选题1.若复数z 满足z =3+3i ,则|z |=( )A .B .3C .D【答案】A【解析】若z a bi =+,则z =代入求解即可.【详解】∵z =3+3i ,所以33z i =-∴|z |==故选:A 【点睛】本题考查复数的模,属于基础题. 2.“14m <”是“一元二次方程20x x m ++=”有实数解的 A .充分非必要条件 B .充分必要条件 C .必要非充分条件 D .非充分必要条件【答案】A【解析】试题分析:方程20x x m ++=有解,则11404m m ∆=-≥⇒≤.14m <是14m ≤的充分不必要条件.故A 正确. 【考点】充分必要条件3.已知命题p :R x ∀∈,1x e x ≥+;命题q :0R x ∃∈,00ln 1x x ≥-.下列命题为真命题的是( ) A .p q ∧ B .()p q ∧⌝ C .()p q ⌝∧ D .()()p q ⌝∧⌝【答案】A【详解】命题p :设()1x f x e x =--,'()1xf x e =-,当(,0)x ∈-∞时,'()0f x <,所以()f x 为单调递减函数;当(0,)x ∈+∞时,'()0f x >,所以()f x 为单调递增函数;所以()(0)0f x f ≥=,即R x ∀∈,1x e x ≥+,故命题p 正确. 命题q :设()ln 1,(0)g x x x x =-+>,'11()1x g x x x-=-= 当(0,1)x ∈时,'()0g x >,所以()g x 为单调递增函数; 当(1,)+∞时,'()0g x <,所以()g x 为单调递减函数,所以()(1)0g x g ≤=,即当x=1时,ln 1x x =- 故命题q :0R x ∃∈,00ln 1x x ≥-,正确,故选A 【点睛】本题考查命题真假的判断,难点在于构造新函数,结合导数进行判断,考查分析推理,计算化简的能力,属中档题.4.平面几何中,有边长为a 的正三角形内任一点到三边距离之和为定值3a ,类比上述命题,棱长为a 的正四面体内任一点到四个面的距离之和为( ) A .4a B .63a C .54a D .64a 【答案】B【解析】试题分析:如图,由棱长为a 可以得到a BF 23=,OE a AO BO -==36,在直角三角形中,根据勾棱锥内任一点到各个面的距离之和为a a 361264=⨯; 【考点】类比推理 5.已知函数有极值,则实数的取值范围是( )A .B .C .D .【答案】C【解析】求出函数的导数,由题意得导数在R 上有两个不相等的零点,即可求出实数a 的取值范围. 【详解】∵f (x )=x 3-ax 2+(a +6)x , ∴f ′(x )=3x 2-2ax +a +6, ∵函数在R 上存在极值, ∴函数在R 上不是单调函数∴f ′(x )=3x 2-2ax +a +6,有两个不等的根, 即△=4a 2﹣12a ﹣72>0, 解得a <﹣3,或a >6, 故选:C . 【点睛】本题考查了利用导数研究三次多项式函数的单调性,从而求参数a 的取值范围,属于中档题,解题时应该注意导函数等于0的等根的情形,以免出现只一个零点的误解.6.过椭圆()2222:10x y C a b a b+=>>的左焦点F 的直线过C 的上端点B ,且与椭圆相交于点A ,若3BF FA =u u u v u u u v,则C 的离心率为( )A .13B 3C 3D .22【答案】D【解析】首先设出点的坐标,然后利用点在椭圆上即可求得椭圆的离心率. 【详解】由题意可得()()0,,,0B b F c -,由3BF FA =u u u v u u u v,得4,33b A c ⎛⎫-- ⎪⎝⎭,点A 在椭圆上,则:22224331b c a b ⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭+=,整理可得:222221681,,9922c c e e a a ⋅=∴===. 故选D. 【点睛】椭圆的离心率是椭圆最重要的几何性质,求椭圆的离心率(或离心率的取值范围),常见有两种方法:①求出a ,c ,代入公式ce a=; ②只需要根据一个条件得到关于a ,b ,c 的齐次式,结合b 2=a 2-c 2转化为a ,c 的齐次式,然后等式(不等式)两边分别除以a 或a 2转化为关于e 的方程(不等式),解方程(不等式)即可得e (e 的取值范围).7.如果点M (x ,y)在运动过程中,总满足关系式=4,点M 的轨迹是( )A .双曲线的右支B .椭圆C .双曲线的上支D .射线【答案】C【解析】对关系式进行配方处理,4=,由两点间距离公式可知其表示点M (x ,y )与定点(0,﹣3),(0,3)的距离的差为4,进而根据双曲线的定义即可判断. 【详解】=4,=4,表示点M (x ,y )与定点(0,﹣3),(0,3)的距离的差为4, ∵4<6,∴点M (x ,y )的轨迹是以(0,±3)为焦点,实轴长为4的双曲线的上支, 故选:C全部.8.已知双曲线2222x y a b-=1(a >0,b >0)的离心率为2,左焦点到渐近线的距离为则双曲线的方程为( )A .22412x y -=1B .22124x y -=1C .2239x y -=1D .2293x y -=1【答案】A【解析】由焦点到渐近线的距离可得b =再由离心率可得2ce a==,进而根据222c a b =+可求得,a c ,即可求解.【详解】双曲线2222x y a b-=1(a >0,b >0)的渐近线方程为ay =±bx ,由C 的焦点(c ,0)到其渐近线bx +ay =0的距离是=b =由双曲线2222x y a b-=1(a >0,b >0)的离心率为2,所以e ca==2,又c 2=a 2+b 2, 解得a =2,c =4,则双曲线的方程为22412x y -=1,故选:A 【点睛】本题考查求双曲线的标准方程,属于基础题.9.已知点P 在曲线y 41xx e e =+上,a 为曲线在点P 处切线的倾斜角,则a 的取值范围( )A .(0,4π] B .[4π,2π) C .(2π,34π]D .[34π,π)【解析】由切线斜率为切点处的导函数,先求导可得2421xxxe y e e '=++,设t =e x >0,则2441212t y t t t t'==++++,设f (t )12t t=++,即可求得()f t 的范围,则可得y '的范围,由tan y a '=,进而求得a 的范围. 【详解】由题意得2421xx xe y e e '=++, 令t =e x >0,所以导函数为:2441212t y t t t t'==++++①,令f (t )12t t=++,t >0,已知该函数在(0,1)上递减,在(1,+∞)上递增, ∴f (x )min =f (1)=4,且x →0或x →+∞时,f (x )→+∞, 所以①式中y '∈(0,1],设直线的倾斜角为a ,故0<t a n a ≤1=t a n4π,结合a ∈[0,π),且y =t a n x 在[0,2π)递增,所以0,4a π⎛⎤∈ ⎥⎝⎦, 故选:A 【点睛】本题考查利用导函数求切线的倾斜角的范围,考查运算能力.10.已知a 3ln2π=,b 2ln3π=,2c 3ln π=,则下列选项正确的是( ) A .a b c >> B .c a b >>C .c b a >>D .b c a >>【答案】D 【解析】由262a ln π=,363b ln π=,6c ln πππ=,则a ,b ,c 的大小比较可以转化为2323ln ln ln ππ,,的大小比较.设f (x )lnx x =,则f ′(x )21lnx x -=,根据对数的运算性质,导数和函数的单调性,即可比较. 【详解】262a ln π=,363b ln π=,6c ln πππ=,∴a ,b ,c 的大小比较可以转化为2323ln ln ln ππ,,的大小比较. 设f (x )lnxx=, 则f ′(x )21lnxx -=,当x =e 时,f ′(x )=0,当x >e 时,f ′(x )>0,当0<x <e 时,f ′(x )<0 ∴f (x )在(e ,+∞)上,f (x )单调递减, ∵e <3<π<4 ∴342342ln ln ln ln ππ=>>, ∴b >c >a , 故选D . 【点睛】本题考查了不等式的大小比较,导数和函数的单调性,属于难题.11.已知抛物线x 2=﹣8y 的焦点为F ,点P 为抛物线上的动点,点K (0,2),则PF PK的最小值是( ) A .2 B .12C .22D .2【答案】C【解析】利用抛物线的定义,过抛物线上点P 作直线的垂线PN ,垂足为N ,则|PF |=|PN |,设过点K 的直线的倾斜角为α,则sin PF PN PKPKα==,当该直线与抛物线相切时可得PFPK 最小值,联立228y kx x y =+⎧⎨=-⎩,令0∆=,进而求解. 【详解】 如图,抛物线x 2=﹣8y 的焦点为F (0,﹣2),准线方程为y =2,∴PF PN PKPK=,设过K 与抛物线相切的直线方程为y =kx +2,联立228y kx x y=+⎧⎨=-⎩,得x 2+8kx +16=0,由∆=64k 2﹣64=0,解得k =±1,∴直线的倾斜角为45°或135°,则PF PN PKPK==sin45°=, 故选:C 【点睛】本题考查抛物线的定义的应用,考查直线与抛物线的位置关系的应用,考查转化思想. 12.设a 为常数,函数f (x )=x (lnx ﹣1)﹣ax 2,给出以下结论:(1)f (x )存在唯一零点与a 的取值无关;(2)若a =e ﹣2,则f (x )存在唯一零点;(3)若a <e ﹣2,则f (x )存在两个零点.其中正确的个数是( ) A .3 B .2C .1D .0【答案】C【解析】令()0f x =,则1lnx a x -=,转化()f x 的零点个数为()1lnx g x x-=与y a=的交点个数,利用导函数判断()g x 的单调性,进而求解即可. 【详解】由题,令f (x )=0,即1lnx a x -=,令()1lnx g x x-=(x >0), 则()22lnxg x x-'=,当x ∈(0,e 2)时,()0g x '>,当x ∈(e 2,+∞)时,()0g x '<, ∴g (x )在(0,e 2)单调递增,在(e 2,+∞)单调递减, ∴()221()max g x g ee==, 当0x →时,()f x →-∞;当x →+∞时,()0g x >, ∴当 21a e =时,()f x 有一个零点;当21a e >时,没有零点;当210a e <<时,有两个零点;当0a ≤时,有一个零点. 所以只有(2)正确, 故选:C二、填空题13.已知方程2253x y m m +=-+1表示双曲线,则m 的取值范围为_____.【答案】(﹣∞,﹣3)∪(5,+∞)【解析】由双曲线的标准方程可得(5﹣m )(m +3)<0,进而求解即可. 【详解】方程2253x y m m +=-+1表示双曲线,则(5﹣m )(m +3)<0,解得m <﹣3或m >5, 故答案为:(﹣∞,﹣3)U (5,+∞). 【点睛】本题考查由双曲线的标准方程求参数范围,属于基础题. 14.已知 ()()21220192019ln 2f x x xf x '=-+-,则()1f '=_____. 【答案】2020【解析】先求导可得()()201922019f x x f x''=-+-,代入2019x =求得()2019f ',再将1x =代入导函数解析式求解即可. 【详解】因为()()21220192019ln 2f x x xf x '=-+-, 所以()()201922019f x x f x''=-+-,所以()()20192019220191f f ''=-+-,解得()20192020f '=, 所以()112202020192020f '=-+⨯-=, 故答案为:2020 【点睛】本题考查利用求导公式求值,属于基础题.15.已知S 是△ABC 所在平面外一点,D 是SC 的中点,若BD =u u u rx SA ySB zSC ++u u r u u r u u u r ,则x +y +z =_____. 【答案】12-【解析】由D 是SC 的中点可得()12BD BC BS =+u u u r u u u r u u u r ,整理可得102BD SA SB SC =-+u u r u u u u u r r u u u r,【详解】 如图,根据条件:()12BD BC BS =+u u u r u u u r u u u r()12SC SB SB =--u u ur u u r u u r 12SB SC =-+u u r u u u r102SA SB SC =-+u u r u u r u u u r ,又BD xSA ySB zSC =++u u u r u u r u u r u u u r ,∴由空间向量基本定理得110122x y z ++=-+=-, 故答案为:12- 【点睛】本题考查空间向量基本定理的应用,考查平面向量基本定理的应用.16.设函数f (x )在R 上存在导数f '(x ),当x ∈(0,+∞)时,f '(x )<x .且对任意x ∈R ,有f (x )=x 2﹣f (﹣x ),若f (1﹣t )﹣f (t )12≥-t ,则实数t 的取值范围是_____. 【答案】[12,+∞) 【解析】构造函数()()212g x f x x =-,可得()()0g x g x -+=,即()g x 是奇函数,由()0,x ∈+∞时,()f x x '<可得()()0g x f x x ''=-<,进而根据奇函数及()00g =可知()g x 在R 上是减函数,再根据()()112f t f t t --≥-可得()()1g t g t -≥,则1t t -≤,即可求解.【详解】因为()()2f x x f x =--,则()()2f x f x x +-=, 所以()()()()()()22211022g x g x f x x f x x f x f x x -+=--+-=-+-=, 所以()g x 是奇函数,易知()00f =,所以()00g =,因为当()0,x ∈+∞时,()f x x '<,所以()()0g x f x x ''=-<,所以()g x 在()0,∞+上单调递减,所以()g x 在R 上是减函数,所以()()()()()()()221111111222g t g t f t t f t t f t f t t --=----+=--+-, 因为()()112f t f t t --≥-,所以()()10g t g t --≥,即()()1g t g t -≥, 所以1t t -≤,即12t ≥, 所以1,2t ⎡⎫∈+∞⎪⎢⎣⎭, 故答案为:1,2⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭【点睛】本题考查构造函数法利用导函数判断函数单调性,考查利用函数单调性比较大小,考查函数的奇偶性的应用.三、解答题17.已知c 0> 设q :函数x y c =在R 上单调递减.q :不等式21x x c +->的解集为R ,如果P 和Q 有且仅有一个正确,求c 的取值范围. 【答案】10][1+)2⋃∞(,, 【解析】分两种情况讨论,对于p 真q 假以及p 假q 真分别列不等式组,分别解不等式组,然后求并集即可求得实数m 的取值范围.【详解】命题p :函数y =cx 在R 上单调递减,应有:0<c <1,根据绝对值的几何意义|x |+|x −2c |表示数轴上点x 到原点与到点2c 的距离之和,命题q :不等式x +|x −2c |>1的解集为R ,则1212c c >⇔>, 若p ∨q 为真,p ∧q 为假,即是说p ,q 中一真一假.(1)当p 真q 假时,应有: 01102c c <<⎧⎪⎨<⎪⎩„,∴012c <≤. (2)当p 假q 真时,应有112c c ⎧⎪⎨>⎪⎩…,∴c ⩾1; 综上(1)(2)可得,c 的取值范围是10,[1,)2⎛⎤⋃+∞ ⎥⎝⎦. 【点睛】解答非命题、且命题与或命题真假有关的题型时,应注意:(1)原命题与其非命题真假相反;(2)或命题“一真则真”;(3)且命题“一假则假”.18.已知函数f (x )=lnx x a x --,其中a >0.曲线y =f (x )在点(1,f (1))处的切线与直线y =x +1垂直.(1)求函数f (x )的单调区间;(2)求函数f (x )在区间[1,e ]上的极值和最值.【答案】(1)f (x )的单调减区间为(0,2),增区间为[2,+∞);(2)f (x )的极小值为f (2)=ln 2,无极大值;最小值ln 2,最大值1.【解析】(1)先求导,由曲线()y f x =在点()()1,1f 处的切线与直线1y x =+垂直可得()11f '=-,即可解得a ,再分别令()0f x '<和()0f x '>,即可求解;(2)由(1)可知f (x )的极小值为f (2),无极大值,再将极值与端点值比较求得最值即可.【详解】(1)由题,()2x a f x x -'=(x >0), 因为曲线()y f x =在点()()1,1f 处的切线与直线1y x =+垂直,所以()111f a '=-=-,解得a =2,所以()22x f x x-'=, 令()0f x '<得0<x <2,令()0f x '>得x >2,所以f (x )的单调减区间为(0,2),增区间为[2,+∞)(2)由(1)可得f (x )在(1,2)上递减,在(2,e )上递增,故f (x )的极小值为f (2)=ln 2,无极大值;又因为f (1)=1,f (e )2e=,f (2)=ln 2, 所以f (x )的最小值为ln 2,最大值为1.【点睛】本题考查由切线斜率求参数,考查利用导函数求函数的单调区间,考查利用导函数求函数的最值和极值,考查运算能力.19.已知抛物线C :x 2=2py (p >0)的焦点为F .过F 的直线与抛物线C 交于A 、B ,与抛物线C 的准线交于M .(1)若|AF |=|FM |=4,求常数p 的值;(2)设抛物线C 在点A 、B 处的切线相交于N ,求动点N 的轨迹方程.【答案】(1)2;(2)y 2p =-. 【解析】(1)设交点F (0,2p ),则准线方程为y 2p =-,根据F 为AM 的中点可得AF =y 12p +=2p ,即可求得p ; (2)由22x y p =可得x y p '=,即可求得切线斜率,联立抛物线与直线AB ,根据韦达定理可得x 1+x 2=2pk ,x 1x 2=﹣p 2,利用点斜式直线方程可得在点,A B 的切线方程,联立即可求得点N ,即可得到点N 的轨迹方程.【详解】(1)由抛物线的方程可得焦点坐标F (0,2p ),准线方程为y 2p =-, 设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),因为|AF |=|FM |=4,所以F 为AM 的中点,所以y 12p +=2p , 所以2p =4,解得p =2(2)由y22xp=,所以xyp'=,设直线AB:y=kx2p+,与抛物线C的方程联立得:x2﹣2pkx﹣p2=0,则∆=4p2k2+4p2>0,所以x1+x2=2pk,x1x2=﹣p2,则在点A处的切线方程为:y﹣y11xp=(x﹣x1),即py+py1=x1x,同理可得B处的切线方程py+py2=x2x,联立1122py py x xpy py x x+=⎧⎨+=⎩,解得x N()1212p y yx x-==-pk,y N1222x x pp==-,所以N的轨迹方程为y2p=-,【点睛】本题考查抛物线的定义的应用,考查求点的轨迹方程,考查运算能力.20.已知边长为4的正三角形ABC的边AB、AC上分别有两点D、E,DE//BC且DE=3,现将△ABC沿DE折成直二面角A﹣DE﹣B,在空间中取一点F使得ADBF为平行四边形,连接AC、FC得六面体ABCEDF,G是BC边上动点.(1)若EG//平面ACF,求CG的长;(2)若G为BC中点,求二面角G﹣AE﹣D的平面角的余弦值.【答案】(1)1;(2313.【解析】(1)由平行四边形可得AF//BD,则BD//平面ACF,再由平面ACF∩平面BCED=CH,可得BD//CH,同理EG//CH,则BD//EG,即可求解;(2)取DE中点O,连接AO,OG(取BC中点G),以O为坐标原点,分别以OG,OE,OA 所在直线为x,y,z轴建立空间直角坐标系,求得平面AEG的法向量,取平面AED的一个法向量为()1,0,0m=r,进而利用数量积求解即可.【详解】(1)设平面ACF 与平面BCED 的交线为CH (H 在直线DE 上),∵ADBF 为平行四边形,∴AF //BD ,∵AF ⊂平面ACF ,BD ⊄平面ACF ,∴BD //平面ACF ,又BD ⊂平面BCED , 平面ACF ∩平面BCED =CH ,∴BD //CH ,∵EG //平面ACF ,EG ⊂平面BCED ,平面ACF ∩平面BCED =CH ,∴EG //CH , ∴BD //EG ,∴DEGB 是平行四边形,∴BG =DE=3,则CG =BC-BG =1(2)取DE 中点O ,连接AO ,OG (取BC 中点G ),则AO ⊥DE ,OG ⊥DE , 又平面ADE ⊥平面BCED ,且平面ADE ∩BCED =DE ,∴AO ⊥平面BCED ,以O 为坐标原点,分别以OG ,OE ,OA 所在直线为x ,y ,z 轴建立空间直角坐标系,如图所示,则E (0,32,0),A (0,033),G 30,0), 则3330,,2AE ⎛= ⎝⎭u u u r ,333AG =⎝⎭u u u r , 设平面AEG 的法向量为(),,n x y z =r , 由333022333022n AE y z n AG x z ⎧⋅=-=⎪⎪⎨⎪⋅=-=⎪⎩u u u v r u u u v r ,取z =1,得()3,1n =r , 取平面AED 的一个法向量为()1,0,0m =r,∴313 cos,131n mn mn m⋅===⋅⨯r rr rr r,∴二面角G﹣AE﹣D的平面角的余弦值为313.【点睛】本题考查由线面平行求线段长,考查空间向量法求二面角,考查运算能力.21.已知抛物线C:y2=4x与椭圆E:2222x ya b+=1(a>b>0)有一个公共焦点F.设抛物线C与椭圆E在第一象限的交点为M.满足|MF|53=.(1)求椭圆E的标准方程;(2)过点P(1,32)的直线交抛物线C于A、B两点,直线PO交椭圆E于另一点Q.若P为AB的中点,求△QAB的面积.【答案】(1)22143x y+=;(27【解析】(1)由抛物线的定义可得513MMF x=+=,则M(23,263),再由椭圆的定义可得2a MF MF'=+,即可求得a,进而求解;(2)设A(x1,y1),B(x2,y2),利用斜率公式可得2121124243ABPy ykx x y y y-====-+,即可得到直线AB的方程,再由点到直线距离可得点Q到直线AB的距离d,联立抛物线和直线AB,进而利用弦长公式求得AB,则12QABS d AB=⋅V,即可求解.【详解】(1)由抛物线方程可得F(1,0),则椭圆的另一个焦点()1,0F'-,因为513M MF x =+=,∴M (23,3), 则2a 53==4,则a =2, 所以2413b =-=,所以椭圆E 的标准方程为22143x y +=. (2)设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),点P (1,32)在椭圆上,则Q (﹣1,32-), 因为P 为AB 的中点,且21122244y x y x ⎧=⎨=⎩, 则k AB 2121124243P y y x x y y y -====-+, 故直线AB 的方程为y 3423-=(x ﹣1),即8x ﹣6y +1=0, ∴Q 到直线AB 的距离15d ==,联立286104x y y x-+=⎧⎨=⎩,整理得64x 2﹣128x +1=0, 故x 1+x 2=2,x 1x 2164=,则53AB ===所以12QAB S d AB =⋅V 1125=⨯=. 【点睛】 本题考查求椭圆的标准方程,考查抛物线中的三角形面积问题,考查抛物线的应用,考查运算能力.22.已知函数()311sin cos 23x cosx sinx x f x e x a x x x -⎛⎫-⎛⎫=-+--+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭在()0,∞+内有两个极值点x 1,x 2(x 1<x 2),其中a 为常数.(1)求实数a 的取值范围;(2)求证:x 1+x 2>2.【答案】(1)a >1;(2)证明见解析.【解析】(1)转化问题为()()()1sin x f x e ax x x -'=--有两个变号零点,设()sin x x x ϕ=-,利用导函数可得()x ϕ在()0,∞+上单调递增,则()()00ϕϕ>=x ,即转化问题为1x y e ax -=-有两个变号零点,即12111200x x e ax e ax --⎧-=⎨-=⎩,则211112x x e e a x x --==,设()1x e g x x-=,则直线y =a 与()y g x =在x ∈(0,+∞)有两个交点,进而利用导函数求()g x 的最值,即可求解;(2)由(1),若x 1+x 2>2,则g (x 2)>g (2﹣x 1),即g (x 1)>g (2﹣x 1),构造函数F (x )=g (x )﹣g (2﹣x ),进而证明x ∈(0,1)时F (x )>0即可.【详解】(1)因为()()()1sin x f x e ax x x -'=--,由题意知x 1,x 2是导函数()f x '的变号零点,令()sin x x x ϕ=-,则()1cos 0x x ϕ'=-≥,所以()x ϕ在()0,∞+上单调递增, 又()0,x ∈+∞,所以()()00ϕϕ>=x ,所以x 1,x 2是1x y e ax -=-的两个零点,即12111200x x e ax e ax --⎧-=⎨-=⎩,则211112x x e e a x x --==, 又令()1x e g x x-=,则g (x 1)=g (x 2), 从而只需直线y =a 与函数g (x )1x e x-=的图象在x ∈(0,+∞)上有两个交点, 由()()121x x e g x x --'=可得当()0,1x ∈时,()0g x '<;当()1,x ∈+∞时,()0g x '>, 所以g (x )在(0,1)递减,在(1,+∞)递增,从而()()11min g x g ==,所以a >1.(2)证明:由(1)知,0<x 1<1<x 2,若不等式x 1+x 2>2成立,则g (x 2)>g (2﹣x 1),即g (x 1)>g (2﹣x 1), 令F (x )=g (x )﹣g (2﹣x ),x ∈(0,1),则只需F (x )>0,而()()()11112122x x x e x xe F x x ex x x x ---⎛⎫⎛⎫--'=-+ ⎪ ⎪ ⎪--⎝⎭⎝⎭,只需研究()12x h x x xe -=--的符号,因为()()111x h x e x -'=--,()()120x h x e x -''=->,所以()()110h x h ''<=-<,所以()()10h x h >=,则()0F x '<,所以()()10F x F >=,即x 1+x 2>2成立.【点睛】本题考查由极值点求参数范围,考查利用导函数处理双变量问题,考查运算能力与转化思想.。

相关文档
最新文档