【精品资料】2018-2019学年物理高考(课标Ⅱ专用)复习专题测试专题七：碰撞与动量守恒
【精品】近两年(2018,2019)高考全国2卷物理试卷以及答案(pdf解析版)
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参考答案
14 ． A
15． C
16 ．C
17． B
22．（ 6 分）（1）如图所示 （ 2） 100 2 910
18．D
19． BD
20．AC
21． BD
23．（ 9 分）（1） 2.75 （ 2）如图所示 （ 3） μ（ M +m ）g μｇ （ 4） 0.40
24．（ 12 分） （ 1）设 B 车质量为 mB，碰后加速度大小为 aB，根据牛顿第二定律有
340m/s ，在钢铁中的传播速度为 4900m/s 。一平直桥由钢
铁制成，某同学用锤子敲击一铁桥的一端而发出声音，分别经空气和桥传到另一端的时间之差 为 1.00s。桥的长度为 _______m，若该波在空气中的波长为 λ，则它在钢铁中波长为 λ的 ______
_倍。 （ 2）（ 10 分）如图，
是一直角三棱镜的横截面，
，
，一细光束从 BC 边的 D
点折射后，射到 AC 边的 E 点，发生全反射后经 AB 边的 F 点射出。 EG垂直于 AC交 BC于 G， D
恰好是 CG的中点。不计多次反射。
（ i）求出射光相对于 D 点的入射光的偏角；
（ ii）为实现上述光路，棱镜折射率的取值应在什么范围？
（ 2）求该粒子从 M 点射入时速度的大小；
（ 3）若该粒子进入磁场时的速度方向恰好与 x 轴正方向的夹角为 ，求该粒子的比荷及其从 M 点运动
到 N 点的时间。
（二）选考题：共 45 分。请考生从 2 道物理题、 2 道化学题、 2 道生物题中每科任选一题作答。如果多做，
则每科按所做的第一题计分。
场区域，宽度均为 ，电场强度的大小均为 E，方向均沿 x 轴正方向； M 、N 为条形区域边界上的两点，
2019高考物理大二轮复习专题七选考部分7.1精练(含解析)
选考部分(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！) 1．(2018·江西南昌二模)(1)(5分)(多选)下列说法正确的是________。
(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动B．荷叶上的小水滴呈球形是水的表面张力作用的结果C．彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点D．一定质量的理想气体吸收热量，其内能一定增加E．自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的(2)(10分)如图为一个喷雾器的截面示意图，箱里已装了14 L的水，上部密封了1 atm的空气1.0 L。
将阀门关闭，再充入1.5 atm的空气6.0 L。
设在所有过程中空气可看作理想气体，且温度不变。
(ⅰ)求充入1.5 atm的空气6.0 L后密封气体的压强；(ⅱ)打开阀门后，水从喷嘴喷出(喷嘴与水面等高)，则当水箱内的气压降为 2.5 atm 时，水箱里的水还剩多少？(喷水的过程认为箱中气体的温度不变，不计阀门右侧的管中水的体积)解析：(1)布朗运动是微粒整体的运动而不是微粒分子的运动，但可以反映水分子的运动情况，A错误。
液体的表面张力总是使液体表面有收缩到最小的趋势，而在体积相同的情况下球的表面积最小，故B正确。
液晶显示器中液晶能在不同电压下发出不同颜色的光，故C正确。
改变物体内能的方式有做功与热传递两种，若一定质量的理想气体在吸收热量的同时还对外做功，则内能变化情况不能确定，D错误。
由于熵反映的就是系统的无序性大小，故由熵增加原理可知E正确。
(2)(ⅰ)题中p0＝1 atm，V0＝1.0 L，p1＝1.5 atm，V1＝6.0 L，根据玻意耳定律可得p1V1＝p0V2，p0(V2＋V0)＝p2V0，解得p2＝10 atm。
(ⅱ)打开阀门，水从喷嘴喷出，当水箱中的气体压强为2.5 atm时，p2V0＝p3V3，解得：V3＝4.0 L故水箱内剩余水的体积为14 L－(4 L－1 L)＝11 L。
2019高考全国新课标II卷理综物理部分试题及答案(解析版)
普通高等学校招生全国统一考试（课标卷II ）理科综合能力测试（物理）第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分。
14．甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶。
在t =0到t=t 1时间内，它们的v -t 图像如图所示。
在这段时间内A ．汽车甲的平均速度比乙大B ．汽车乙的平均速度等于C ．甲乙两汽车的位移相同D ．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大 【答案】A【解析】由于图线与坐标轴所夹的面积表示物体的位移，在0-t 1时间内，甲车的位移大于乙车，由可知，甲车的平均速度大于乙车，A 正确， C 错误；因为乙车做变减速运动故平均速度不等于，B 错误；又图线的切线的斜率等于物体的加速度，则甲乙两车的加速度均逐渐减小，选项D 错误。
15．取水平地面为重力势能零点。
一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等。
不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为A ．B ．C ．D ．【答案】 B【解析】设物体水平抛出的初速度为v 0，抛出时的高度为h ，则，故物体落地的竖直速度，则落地时速度方向与水平方向的夹角，则，选项B 正确。
16．一物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为F 1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度变为v ，若将水平拉力的大小改为F 2，物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v ，对于上述两个过程，用、分别表示拉力F 1、F 2所做的功，、分别表示前后两次克服摩擦力所做的功，则A ．，B ．，C ．，D ．，【答案】C 【解析】由于物体两次受恒力作用做匀加速运动，由于时间相等，末速度之比为，则加速度之比为，位移之比为。
而摩擦力不变，由得：；由动能定理：，，整理得：，故 。
C 正确。
17．如图，一质量为M 的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m 的小环（可视为质点），从大环的最高处由静止滑下。
(新课标卷2)2018-2019学年度高三理综复习模拟试卷(物理部分)(附答案解析)
（新课标卷Ⅱ）2018-2019学年度高三理综复习模拟试卷（物理部分）时间：120分钟一．选择题（每小题共4个选项，其中只有一个是正确选项，请将正确的答案序号填在括号里）1．下列说法错误的是（）A．千克、米、秒都是国际单位制中的基本单位B．探究加速度与力和质量关系的实验中运用了控制变量法C．加速度a=、功率P=的定义都运用了比值定义法D．平均速度、合力，有效值等槪念的建立运用了等效替代法2．下列物理量，均属于矢量的是（）A．路程、速度B．位移、时间C．功、磁通量D．力、磁感应强度3．关于作用力与反作用力，下列说法正确的是（）A．物体间的作用力与反作用力总是大小相等，方向相反B．手拉桌子加速前进，说明手对桌子的作用力大于桌子对手的反作用力C．作用力与反作用力大小可以相等，但性质不一定相同D．先有作用力，然后才有反作用力4．高速公路通常用车流量来衡量它的繁忙程度，车流量即单位时间通过路上某一观测站的车辆数目；类似地在电学中用电流强度来衡量通过导体中电流的强弱，河流中用水量来衡量河水中水流的大小，下列相关说法正确的是（）A．电流强度是指单位时间内通过导体某处横截面的电荷量B．电流强度是指单位时间内通过导体某处横截面单位面积的电荷量C．水流量可用河水单位时间流过河道某处横截面水的速度来衡量D．水流量可用河水单位时间流过河道某处横截面水的质量来衡量5．一个直流电动机，当它两端所加电压为3V，转子被抱死时，通过它的电流为3A；当它两端所加电压为8V，电动机正常工作时，通过电动机的电流为2A．由此可知电动机正常工作时（）A．电动机消耗的电功率24WB．电动机的电热功率为9WC．电动机通过细绳可将质量为0.4kg的物体以3m/s的速度沿竖直方向匀速吊起（不计一切摩擦，g=10m/s2）D．电动机的工作效率为25%6．大小分别是30N和25N的两个共点力，对于它们合力大小的判断，下列说法中正确的是（）A．0≤F≤55 N B．25 N≤F≤30 N C．25 N≤F≤55 N D．5 N≤F≤55 N7．如图所示的电路，电源内阻不计，R为阻值未知的定值电阻，当在a、b间分别接入R1=5Ω，R2=9Ω的电阻时，理想电压表的示数分别为U1=5.0V，U2=5.4V，则下列说法正确的是（）A．电源的电动势为E=6 V，电阻R=2ΩB．当在a、b间接入R3=1Ω的电阻时，电源的输出功率一定最大C．当在a、b间接入C=2 μF的电容器时，电容器所带电荷量为1.2×10﹣5C D．当在a、b间接入线圈电阻为R0=1Ω，额定功率为4 W的电动机时，电动机恰能正常工作，则通过电动机线圈的电流为2 A8．如图所示的四图中有四个不同的运动过程，图甲为滑块A由静止释放将轻弹簧压缩至最短；图乙为斜面体放在光滑的水平面上，滑块B沿光滑的斜面体下滑；图丙为两个不同质量的滑块用轻绳相连接跨过光滑的定滑轮后，滑块A向下加速运动，滑块B向上加速运动；图丁为用长为L的细绳一端连接小球，另一端悬于天花板使小球在水平面内做匀速圆周运动．则下列说法正确的是（）A．图甲中滑块的机械能守恒B．图乙中滑块的机械能守恒C．图丙中两个滑块组成的系统机械能守恒D．图丁中小球的机械能不守恒9．如图所示为A、B两质点在同一直线上运动的位移﹣时间（x﹣t）图象。
精品解析：2019年全国统一高考物理试题(新课标Ⅱ)(解析版)
绝密★启用前2019年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆，在探测器“奔向”月球的过程中，用h表示探测器与地球表面的距离，F表示它所受的地球引力，能够描F随h变化关系的图像是A. B. C.D.【答案】D【解析】 【详解】根据万有引力定律可得：2()GMm F R h =+ ，h 越大，F 越小，故选项D 符合题意； 2.太阳内部核反应的主要模式之一是质子-质子循环，循环的结果可表示为1401214H He+2e+2v →，已知11H 和42He 的质量分别为P 1.0078u m =和 4.0026u m α=，1u=931MeV/c 2，c 为光速．在4个11H 转变成1个42He 的过程中，释放的能量约为A. 8 MeVB. 16 MeVC. 26 MeVD. 52 MeV 【答案】C【解析】【详解】由2E mC ∆=∆知()242p e E m m m c α∆=⨯--⋅，2E m c ∆∆==6191693110 1.610J 910-⨯⨯⨯⨯27311.710kg 0.910kg --≈⨯⨯?，忽略电子质量，则：()24 1.0078 4.0026MeV 26E u u c ≈∆=⨯-⋅，故C 选项符合题意；3.物块在轻绳的拉动下沿倾角为30°的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行．已知物块与斜面之间的动310m/s 2．若轻绳能承受的最大张力为1 500 N ，则物块的质量最大为 A. 150kg B. 1003kg C. 200 kg D. 3【答案】A【解析】 【详解】T =f +mg sin θ，f =μN ，N =mg cosθ，带入数据解得：m =150kg ，故A 选项符合题意4.如图，边长为l 的正方形abcd 内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面（abcd 所在平面）向外．ab 边中点有一电子发源O ，可向磁场内沿垂直于ab 边的方向发射电子．已知电子的比荷为k ．则从a 、d 两点射出的电子的速度大小分别为A. 14kBl 5B. 14kBl ，54kBlC. 12kBl 5D. 12kBl ，54kBl 【答案】B【解析】【详解】a 点射出粒子半径R a =4l =a mv Bq ，得：v a =4Bql m =4Blk ， d 点射出粒子半径为2222l R l R ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭ ，R =54l 故v d =54Bql m =54klB ，故B 选项符合题意5.从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E 总等于动能E k 与重力势能E p 之和．取地面为重力势能零点，该物体的E 总和E p 随它离开地面的高度h 的变化如图所示．重力加速度取10 m/s 2．由图中数据可得A. 物体的质量为2 kgB. h =0时，物体的速率为20 m/sC. h =2 m 时，物体的动能E k =40 JD. 从地面至h =4 m ，物体的动能减少100 J【答案】AD【解析】【详解】A ．E p -h 图像知其斜率G ，故G =80J 4m=20N ，解得m =2kg ，故A 正确 B ．h =0时，E p =0，E k =E 机-E p =100J-0=100J ，故212mv =100J ，解得：v =10m/s ，故B 错误； C ．h =2m 时，E p =40J ，E k = E 机-E p =90J-40J=50J ，故C 错误D ．h =0时，E k =E 机-E p =100J-0=100J ，h =4m 时，E k ’=E 机-E p =80J-80J=0J ，故E k - E k ’=100J ，故D 正确6.如图（a ），在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离．某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次都从离开跳台开始计时，用v 表示他在竖直方向的速度，其v-t 图像如图（b ）所示，t 1和t 2是他落在倾斜雪道上的时刻．则A. 第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小B. 第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大C. 第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大D. 竖直方向速度大小为v 1时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大【答案】BD【解析】【详解】A ．由v -t 图面积易知第二次面积大于等于第一次面积，故第二次竖直方向下落距离大于第一次下落距离，所以，A 错误；B ．由于第二次竖直方向下落距离大，由于位移方向不变，故第二次水平方向位移大，故B 正确C ．由于v -t 斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由0v v a t-= 易知a 1>a 2，故C 错误 D ．由图像斜率，速度为v 1时，第一次图像陡峭，第二次图像相对平缓，故a 1>a 2，由G -f y =ma ，可知，f y 1<f y 2，故D 正确7.静电场中，一带电粒子仅在电场力的作用下自M 点由静止开始运动，N 为粒子运动轨迹上的另外一点，则A. 运动过程中，粒子的速度大小可能先增大后减小B. 在M 、N 两点间，粒子的轨迹一定与某条电场线重合C. 粒子在M 点的电势能不低于其在N 点的电势能D. 粒子在N 点所受电场力的方向一定与粒子轨迹在该点的切线平行【答案】AC【解析】【详解】A．若电场中由同种电荷形成即由A点释放负电荷，则先加速后减速，故A正确；B．若电场线为曲线，粒子轨迹不与电场线重合，故B错误．C．由于N点速度大于等于零，故N点动能大于等于M点动能，由能量守恒可知，N点电势能小于等于M 点电势能，故C正确D．粒子可能做曲线运动，故D错误；8.如图，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与水平面夹角为θ，导轨电阻忽略不计．虚线ab、cd均与导轨垂直，在ab与cd之间的区域存在垂直于导轨所在平面的匀强磁场．将两根相同的导体棒PQ、MN先后自导轨上同一位置由静止释放，两者始终与导轨垂直且接触良好．已知PQ进入磁场开始计时，到MN离开磁场区域为止，流过PQ的电流随时间变化的图像可能正确的是A. B. C.D.【答案】AD【解析】【详解】根据图像可知，设PQ进入磁场匀速运动的速度为v，匀强磁场的磁感应强度为B，导轨宽度为L，两根导体棒的总电阻为R；根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律可得PQ进入磁场时电流0BLvIR保持不变，根据右手定则可知电流方向Q→P；如果PQ离开磁场时MN还没有进入磁场，此时电流为零；当MN进入磁场时也是匀速运动，通过PQ的感应电流大小不变，方向相反；如果PQ没有离开磁场时MN已经进入磁场，此时电流为零，当PQ离开磁场时MN的速度大于v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，电流逐渐减小，通过PQ的感应电流方向相反；A.图像与分析相符，故A正确。
2018-2019学年高三下物理高考复习
2018-2019学年高三下物理高考复习选择题:本大题共10小题,每小题4分.(填正确答案标号选对1个得2分,选对2个得3分,选对31. 对于一定质量的理想气体，下列说法正确的是（）A.体积不变，压强减小的过程，气体一定放出热量，内能减小B.若气体内能增加，则外界一定对气体做功C.若气体的温度升高，则每个气体分子的速率一定增大D.若气体压强不变，气体分子平均距离增大时，则气体分子的平均动能一定增大E.气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的2. 我国已开展空气中PM2.5浓度的监测工作．PM2.5是指空气中直径等于或小于2.5μm 的悬浮颗粒物，其悬浮在空中做无规则运动，很难自然沉降到地面，被人体吸入后会对人体形成危害．矿物燃料的使用是形成PM2.5的主要原因．下列关于PM2.5的说法正确的是（）A.PM2.5在空气中仍受重力作用B.PM2.5的尺寸比空气中氧分子的尺寸大C.PM2.5在空气中的运动属于分子热运动D.PM2.5的运动轨迹只是由大量空气分子对PM2.5无规则碰撞的不平衡决定的E.倡导低碳生活，减少煤和石油等燃料的使用，能有效减小PM2.5在空气中的浓度3. 下列说法正确的是（）A.一定温度下饱和汽的压强与体积无关B.人对空气干爽与潮湿的感受主要取决于空气的相对湿度C.理想气体定律对饱和汽同样适用D.产生毛细现象时，液体在毛细管中不一定上升E.滴入水中的红墨水很快散开说明液体内存在表面张力4. 下列说法中正确的是（）A.具有各向同性的固定一定是非晶体B.饱和汽压随温度降低而减小，与饱和汽的体积无关C.能量耗散反映了与热现象有关的宏观自然过程具有不可逆性D.液体表面层分子间距离较大，这些液体分子间作用力表现为引力E.一定质量的气体在完全失重的情况下，对容器壁的压强为零5. 对于一定量的理想气体，下列说法正确的是（）A.当气体温度变化时，气体内能一定变化B.若气体的内能不变，其状态也一定不变C.若气体的压强和体积都不变，其内能也一定不变D.若气体的温度随时间不断升高，其压强也一定不断增大E.气体温度每升高1K所吸收的热量与气体经历的过程有关6. 夏天，如果自行车内胎充气过足，又放在阳光下暴晒，车胎极易爆裂，暴晒过程中可以认为内胎容积几乎不变．下列说法正确的是（）A.自行车车胎在暴晒的过程中，外界对气体做功B.自行车车胎在暴晒的过程中，分子平均动能增加C.自行车车胎在暴晒的过程中，车胎内气体压强增大D.在车胎突然爆裂的瞬间，气体内能增加E.在车胎突然爆裂的瞬间，气体对外界做功7. 下列说法正确的是（）A.一定质量的气体，温度升高时，分子间的平均距离增大B.分子间的距离r存在某一值r0，当r大于r0时，分子间引力大于斥力，当r小于r0时，分子间斥力大于引力C.已知铜的摩尔质量为M（kg/mol），铜的密度为ρ（kg/m3），阿伏加德罗常数为N A（mol−1），1m3铜所含原子数为N=ρN AmD.温度升高，分子平均动能增大，内能不一定增大E.气体的体积增大时，分子势能一定增大8. 如图所示，p−V图像中的每个方格均为边长相等的正方形，一定质量的理想气体从a状态沿直线变化到b状态，再沿直线变化到c状态，最后沿直线回到a状态，则下列说法正确的是（）A.从a状态变化到b状态的过程中，气体分子的平均动能先增大后减小B.从a状态变化到b状态的过程中，气体的密度不断增大C.从b状态变化到c状态的过程中，气体一定吸热D.从c状态变化到a状态的过程中，气体放出的热量一定大于外界对气体做的功E.从c状态变化到a状态的过程中，气体的内能不断增大9. 一定质量理想气体的状态经历了如图所示的ab、bc、cd、da四个过程，其中bc的延长线通过原点，cd垂直于ab且与水平轴平行，da与bc平行，则（）A.气体体积在ab过程中不断增加B.气体体积在bc过程中保持不变C.气体体积在cd过程中不断增加D.气体体积在da过程中保持不变E.气体在c状态的体积大于气体在a状态的体积10. 如图所示为分子间作用力与分子间距离的关系图，其中c点的横坐标表示分子力F 为零时的距离，下列与分子间作用力和分子势能有关的说法正确的是（）A.分子间距离x=c时，分子不受引力和斥力B.分子间距离由x=d增加到x=c时，分子间的引力和斥力都减小C.分子间距离x=b时，分子的引力达到最大值D.分子间距离x=c时，分子势能最小E.分子间距离由x=c变化到x=a过程中，图线与x轴围成的面积的大小为分子势能的增加量非选择题(共5小题,60分11. 在“用油膜法估测分子的大小”的实验中：（1）某同学的操作步骤如下：①取一定量的无水酒精和油酸，制成一定浓度的油酸酒精溶液②在量筒中滴入一滴该溶液，测出它的体积③在蒸发皿内盛一定量的水，再滴人一滴该溶液，待其散开稳定④在蒸发皿上覆盖玻璃板，描出油膜形状，用透明方格纸测量油膜面积请指出存在错误或遗漏的两个步骤，并改正其错误：________．（2）实验中，用amL纯油酸配制成bmL的油酸酒精溶液．现已测得一滴该溶液cmL，将一滴该溶液滴入水中，油膜充分展开后面积为Scm2，估算油酸分子的直径大小为________cm．12.在一个密闭的汽缸内有一定质量的理想气体，如图所示是它从状态A变化到状态B的V−T图象，已知AB的反向延长线通过坐标原点O，气体在A状态的压强为p=1.0×105Pa，在从状态A变化到状态B的过程中，气体吸收的热量Q=7.0×102J，求此过程中气体内能的增量ΔU．13. 一种测量稀薄气体压强的仪器如图甲所示，玻璃泡M的上端和下端分别连通两竖直玻璃细管K1和K2．K1长为l，顶端封闭，K2上端与待测气体连通；M下端经橡皮软管与充有水银的容器R连通．开始测量时，M与K2相通；逐渐提升R，直到K2中水银面与K1顶端等高，此时水银已进入K1，且K1中水银面比顶端低ℎ，如图乙所示．设测量过程中温度、与K2相通的待测气体的压强均保持不变．已知K1和K2的内径均为d，M的容积为V0，水银的密度为ρ，重力加速度大小为g．求待测气体的压强．14. 如图所示，一直立气缸由两个横截面积不同的圆筒连接而成，活塞A、B间封闭有一定质量的理想气体，A的上方和B的下方分别与大气相通．两活塞用长为L=30cm的不可伸长的细线相连，可在缸内无摩擦地上下滑动．当缸内封闭气体的温度为T1= 300K时，活塞A、B的平衡位置如图所示．已知活塞A、B的质量均为m=1.0kg，横截面积分别为S A=20cm2、S B=10cm2，大气压强为p0=1.0×105Pa，重力加速度为g=10m/s2．（1）活塞A、B在图示位置时达到平衡状态，求缸内封闭气体此时的压强；（2）现对缸内封闭气体缓慢加热，为使气缸不漏气，求缸内封闭气体的最高温度．15. 如图所示，A汽缸的横截面积为0.05m2，A、B两个汽缸中装有体积均为0.01m3、压强均为1atm（标准大气压）、温度均为27∘C的理想气体，中间用细管连接．细管中有一绝热活塞M，细管容积不计．现给左边的活塞N施加一个推力F，使其缓慢向右移动，同时给B中气体加热，此过程中A汽缸中的气体温度保持不变，活塞M保持在原位置不动．令T=273K+t，不计活塞与细管壁间的摩擦，大气压强为1atm=×103N时，求：1×105Pa．当推力F=53（1）活塞N向右移动的距离s；（2）B汽缸中的气体温度．。
2019年全国统一高考物理试卷(新课标ⅱ)(含解析版)
2019年普通高等学校招生全国统一考试全国Ⅱ卷理科综合(物理部分)一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2019·全国Ⅱ卷·14)2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆．在探测器“奔向”月球的过程中，用h表示探测器与地球表面的距离，F表示它所受的地球引力，能够描述F随h变化关系的图像是( )答案 D解析 在嫦娥四号探测器“奔向”月球的过程中，根据万有引力定律，可知随着h的增大，探测器所受的地球引力逐渐减小但并不是均匀减小的，故能够描述F随h变化关系的图像是D. 15．(2019·全国Ⅱ卷·15)太阳内部核反应的主要模式之一是质子－质子循坏，循环的结果可14201142表示为4H→He＋2e＋2ν，已知H和He的质量分别为m p＝1.007 8 u和mα＝4.002 6 u,1142u＝931 MeV/c2，c为光速．在4个H转变成1个He的过程中，释放的能量约为( ) A．8 MeV B．16 MeVC．26 MeV D．52 MeV答案 C解析 核反应质量亏损Δm＝4×1.007 8 u－4.002 6 u＝0.028 6 u，释放的能量ΔE＝0.0286×931 MeV≈26.6 MeV ，选项C 正确．16．(2019·全国Ⅱ卷·16)物块在轻绳的拉动下沿倾角为30°的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行．已知物块与斜面之间的动摩擦因数为，重力加速度取10 m/s 2.若轻绳能承受33的最大张力为1 500 N ，则物块的质量最大为( )A ．150 kgB ．100 kg 3C ．200 kgD ．200 kg3答案 A解析 设物块的质量最大为m ，将物块的重力沿斜面方向和垂直斜面方向分解，由平衡条件，在沿斜面方向有F ＝mg sin 30°＋μmg cos 30°，解得m ＝150 kg ，A 项正确．17. (2019·全国Ⅱ卷·17)如图1，边长为l 的正方形abcd 内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B .方向垂直于纸面(abcd 所在平面)向外．ab 边中点有一电子发射源O ，可向磁场内沿垂直于ab 边的方向发射电子．已知电子的比荷为k .则从a 、d 两点射出的电子的速度大小分别为( )图1 A.kBl ，kBl 1454B.kBl ，kBl 1454C.kBl ，kBl 1254D.kBl ，kBl 1254答案 B解析 电子从a 点射出时，其轨迹半径为r a ＝，由洛伦兹力提供向心力，有e v a B ＝m ，l 4v a2r a 又＝k ，解得v a ＝；电子从d 点射出时，由几何关系有r ＝l 2＋(r d －)2，解得轨迹半e m kBl 4d2l 2径为r d ＝，由洛伦兹力提供向心力，有e v d B ＝m ，又＝k ，解得v d ＝，选项B 正5l 4v d 2r d e m 5kBl 4确．18．(多选)(2019·全国Ⅱ卷·18)从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E 总等于动能E k 与重力势能E p 之和．取地面为重力势能零点，该物体的E 总和E p 随它离开地面的高度h 的变化如图1所示．重力加速度取10 m/s 2.由图中数据可得( )图1A ．物体的质量为2 kgB ．h ＝0时，物体的速率为20 m/sC ．h ＝2 m 时，物体的动能E k ＝40 JD ．从地面至h ＝4 m ，物体的动能减少100 J答案 AD解析 根据题图图像可知，h ＝4 m 时物体的重力势能mgh ＝80 J ，解得物体质量m ＝2 kg ，抛出时物体的动能为E k0＝100 J ，由公式E k0＝m v 2可知，h ＝0时物体的速率为v ＝10 m/s ，12选项A 正确，B 错误；由功能关系可知F f h ＝|ΔE |＝20 J ，解得物体上升过程中所受空气阻力F f ＝5 N ，从物体开始抛出至上升到h ＝2 m 的过程中，由动能定理有－mgh －F f h ＝E k －100 J ，解得E k ＝50 J ，选项C 错误；由题图图像可知，物体上升到h ＝4 m 时，机械能为80 J ，重力势能为80 J ，动能为零，即从地面上升到h ＝4 m ，物体动能减少100 J ，选项D正确．19．(多选)(2019·全国Ⅱ卷·19)如图1(a)，在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离．某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次都从离开跳台开始计时，用v 表示他在竖直方向的速度，其v －t 图像如图(b)所示，t 1和t 2是他落在倾斜雪道上的时刻．则( )图1A ．第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小B ．第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大C ．第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大D ．竖直方向速度大小为v 1时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大答案 BD解析 根据v －t 图线与横轴所围图形的面积表示位移，可知第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的大，选项A 错误；从起跳到落到雪道上，第一次速度变化大，时间短，由a ＝可知，第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的小，选项C 错误；Δv Δt第二次滑翔过程中在竖直方向的位移比第一次的大，又运动员每次滑翔过程中竖直位移与水平位移的比值相同(等于倾斜雪道与水平面夹角的正切值)，故第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大，选项B 正确；竖直方向上的速度大小为v 1时，根据v －t 图线的斜率表示加速度可知，第二次滑翔过程中在竖直方向上的加速度比第一次的小，由牛顿第二定律有mg －F f ＝ma ，可知第二次滑翔过程中在竖直方向上所受阻力比第一次的大，选项D 正确．20．(多选)(2019·全国Ⅱ卷·20)静电场中，一带电粒子仅在电场力的作用下自M 点由静止开始运动，N为粒子运动轨迹上的另外一点，则( )A．运动过程中，粒子的速度大小可能先增大后减小B．在M、N两点间，粒子的轨迹一定与某条电场线重合C．粒子在M点的电势能不低于其在N点的电势能D．粒子在N点所受电场力的方向一定与粒子轨迹在该点的切线平行答案 AC解析 在两个同种点电荷的电场中，一带同种电荷的粒子在两电荷的连线上自M点(非两点电荷连线的中点)由静止开始运动，粒子的速度先增大后减小，选项A正确；带电粒子仅在电场力作用下运动，若运动到N点的动能为零，则带电粒子在N、M两点的电势能相等；仅在电场力作用下运动，带电粒子的动能和电势能之和保持不变，可知若粒子运动到N点时动能不为零，则粒子在N点的电势能小于在M点的电势能，即粒子在M点的电势能不低于其在N点的电势能，选项C正确；若静电场的电场线不是直线，带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹不会与电场线重合，选项B错误；若粒子运动轨迹为曲线，根据粒子做曲线运动的条件，可知粒子在N点所受电场力的方向一定不与粒子轨迹在该点的切线平行，选项D错误．21. (多选)(2019·全国Ⅱ卷·21)如图1，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与水平面夹角为θ，导轨电阻忽略不计．虚线ab、cd均与导轨垂直，在ab与cd之间的区域存在垂直于导轨所在平面的匀强磁场．将两根相同的导体棒PQ、MN先后自导轨上同一位置由静止释放，两者始终与导轨垂直且接触良好．已知PQ进入磁场时加速度恰好为零．从PQ进入磁场开始计时，到MN离开磁场区域为止，流过PQ的电流随时间变化的图像可能正确的是( )图1答案 AD解析 根据题述，PQ进入磁场时加速度恰好为零，两导体棒从同一位置释放，则两导体棒进入磁场时的速度相同，产生的感应电动势大小相等，若释放两导体棒的时间间隔足够长，在PQ通过磁场区域一段时间后MN进入磁场区域，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律可知流过PQ的电流随时间变化的图像可能是A；若释放两导体棒的时间间隔较短，在PQ没有出磁场区域时MN就进入磁场区域，则两棒在磁场区域中运动时回路中磁通量不变，两棒不受安培力作用，二者在磁场中做加速运动，PQ出磁场后，MN切割磁感线产生感应电动势和感应电流，且感应电流一定大于I1，受到安培力作用，由于安培力与速度成正比，则MN所受的安培力一定大于MN的重力沿导轨平面方向的分力，所以MN一定做减速运动，回路中感应电流减小，流过PQ的电流随时间变化的图像可能是D.二、非选择题：共62分，第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～34题为选考题，考生根据要求作答．(一)必考题：共47分．22．(2019·全国Ⅱ卷·22)如图1，某同学设计了测量铁块与木板间动摩擦因数的实验．所用器材有：铁架台、长木板、铁块、米尺、电磁打点计时器、频率50 Hz的交流电源、纸带等．回答下列问题：(1)铁块与木板间动摩擦因数μ＝______(用木板与水平面的夹角θ、重力加速度g和铁块下滑的加速度a表示)．图1(2)某次实验时，调整木板与水平面的夹角θ＝30°.接通电源，开启打点计时器，释放铁块，铁块从静止开始沿木板滑下．多次重复后选择点迹清晰的一条纸带，如图2所示．图中的点为计数点(每两个相邻的计数点间还有4个点未画出)．重力加速度为9.80 m/s 2.可以计算出铁块与木板间的动摩擦因数为________(结果保留2位小数)．图2答案 (1) (2)0.35 g sin θ－a g cos θ解析 (1)对铁块受力分析，由牛顿第二定律有mg sin θ－μmg cos θ＝ma ，解得μ＝. g sin θ－a g cos θ(2)两个相邻计数点之间的时间间隔T ＝5×s ＝0.10 s ， 150由逐差法和Δx ＝aT 2，可得a ＝≈1.97 m/s 2， (x 5＋x 6＋x 7)－(x 1＋x 2＋x 3)12T 2代入μ＝，解得μ≈0.35. g sin θ－a g cos θ23．(2019·全国Ⅱ卷·23)某小组利用图1(a)所示的电路，研究硅二极管在恒定电流条件下的正向电压U 与温度t 的关系，图中V 1和V 2为理想电压表；R 为滑动变阻器，R 0为定值电阻(阻值100 Ω)；S 为开关，E 为电源．实验中二极管置于控温炉内，控温炉内的温度t 由温度计(图中未画出)测出．图(b)是该小组在恒定电流为50.0 μA 时得到的某硅二极管U －t 关系曲线．回答下列问题：图1(1)实验中，为保证流过二极管的电流为50.0 μA ，应调节滑动变阻器R ，使电压表V 1的示数为U 1＝________ mV ；根据图(b)可知，当控温炉内的温度t 升高时，硅二极管正向电阻________(填“变大”或“变小”)，电压表V 1示数________(填“增大”或“减小”)，此时应将R 的滑片向________(填“A ”或“B ”)端移动，以使V 1示数仍为U 1.(2)由图(b)可以看出U 与t 成线性关系．硅二极管可以作为测温传感器，该硅二极管的测温灵敏度为||＝________×10－3 V/℃(保留2位有效数字)． ΔU Δt答案 (1)5.00 变小 增大 B (2)2.8解析 (1)实验中硅二极管与定值电阻R0串联，由欧姆定律可知，定值电阻两端电压U 1＝IR 0＝50.0 μA×100 Ω＝5.00 mV ；由题图(b)可知，当控温炉内温度升高时，硅二极管两端电压减小，又题图(b)对应的电流恒为50.0 μA ，可知硅二极管的正向电阻变小，定值电阻R0两端电压增大，即电压表V 1示数增大，应增大滑动变阻器接入电路的阻值以减小电路中的电流，从而使电压表V 1示数保持不变，故应将R 的滑片向B 端移动．(2)由题图(b)可知＝ V/℃＝2.8×10－3 V/℃. |ΔU Δt |0.44－0.3080－3024．(2019·全国Ⅱ卷·24)如图1，两金属板P 、Q 水平放置，间距为d .两金属板正中间有一水平放置的金属网G ，P 、Q 、G 的尺寸相同．G 接地，P 、Q 的电势均为φ(φ>0)．质量为m ，电荷量为q (q >0)的粒子自G 的左端上方距离G 为h 的位置，以速度v 0平行于纸面水平射入电场，重力忽略不计．图1(1)求粒子第一次穿过G 时的动能，以及它从射入电场至此时在水平方向上的位移大小；(2)若粒子恰好从G 的下方距离G 也为h 的位置离开电场，则金属板的长度最短应为多少？答案 (1)m v ＋qh v 0 12022φdmdh q φ(2)2v 0 mdh q φ解析 (1)PG 、QG 间场强大小相等，均为E .粒子在PG 间所受电场力F 的方向竖直向下，设粒子的加速度大小为a ，有E ＝① 2φdF ＝qE ＝ma ②设粒子第一次到达G 时动能为E k ，由动能定理有qEh ＝E k －m v ③ 1202设粒子第一次到达G 时所用的时间为t ，粒子在水平方向的位移为l ，则有h ＝at 2④ 12l ＝v 0t ⑤ 联立①②③④⑤式解得E k ＝m v ＋qh ⑥ 12022φdl ＝v 0⑦ mdh q φ(2)若粒子穿过G 一次就从电场的右侧飞出，则金属板的长度最短．由对称性知，此时金属板的长度为L ＝2l ＝2v 0⑧ mdh q φ25．(2019·全国Ⅱ卷·25)一质量为m ＝2 000 kg 的汽车以某一速度在平直公路上匀速行驶．行驶过程中，司机突然发现前方100 m 处有一警示牌．立即刹车．刹车过程中，汽车所受阻力大小随时间的变化可简化为图1(a)中的图线．图(a)中，0～t 1时间段为从司机发现警示牌到采取措施的反应时间(这段时间内汽车所受阻力已忽略，汽车仍保持匀速行驶)，t 1＝0.8 s ；t 1～t 2时间段为刹车系统的启动时间，t 2＝1.3 s ；从t 2时刻开始汽车的刹车系统稳定工作，直至汽车停止．已知从t 2时刻开始，汽车第1 s 内的位移为24 m ，第4 s 内的位移为1 m.图1(1)在图(b)中定性画出从司机发现警示牌到刹车系统稳定工作后汽车运动的v －t 图线；(2)求t 2时刻汽车的速度大小及此后的加速度大小；(3)求刹车前汽车匀速行驶时的速度大小及t 1～t 2时间内汽车克服阻力做的功；从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离约为多少(以t 1～t 2时间段始末速度的算术平均值替代这段时间内汽车的平均速度)?答案 见解析解析 (1)v －t 图像如图所示．(2)设刹车前汽车匀速行驶时的速度大小为v 1，则t 1时刻的速度为v 1，t 2时刻的速度为v 2，在t 2时刻后汽车做匀减速运动，设其加速度大小为a ，取Δt ＝1 s ，设汽车在t 2＋(n －1)Δt ～t 2＋n Δt 内的位移为s n ，n ＝1,2,3….若汽车在t 2＋3Δt ～t 2＋4Δt 时间内未停止，设它在t 2＋3Δt 时刻的速度为v 3，在t 2＋4Δt 时刻的速度为v 4，由运动学公式有s 1－s 4＝3a (Δt )2①s 1＝v 2Δt －a (Δt )2② 12v 4＝v 2－4a Δt ③联立①②③式，代入已知数据解得v 4＝－m/s ④ 176这说明在t 2＋4Δt 时刻前，汽车已经停止．因此，①式不成立．由于在t 2＋3Δt ～t 2＋4Δt 内汽车停止，由运动学公式v 3＝v 2－3a Δt ⑤2as 4＝v ⑥32联立②⑤⑥式，代入已知数据解得a ＝8 m /s 2，v 2＝28 m/s ⑦或者a ＝ m /s 2，v 2＝29.76 m/s ⑧ 28825但⑧式情形下，v 3<0，不合题意，舍去．(3)设汽车的刹车系统稳定工作时，汽车所受阻力的大小为f 1，由牛顿第二定律有 f 1＝ma ⑨在t 1～t 2时间内，阻力对汽车冲量的大小为I ＝f 1(t 2－t 1)⑩ 12由动量定理有I ＝m v 1－m v 2⑪由动能定理，在t 1～t 2时间内，汽车克服阻力做的功为W ＝m v －m v ⑫ 12121222联立⑦⑨⑩⑪⑫式，代入已知数据解得v 1＝30 m/s ⑬W ＝1.16×105 J ⑭从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离s 约为s ＝v 1t 1＋(v 1＋v 2)(t 2－t 1)＋⑮ 12v 222a联立⑦⑬⑮，代入已知数据解得s ＝87.5 m ⑯(二)选考题：共15分．请考生从2道物理题中任选一题作答．如果多做，则按所做的第一题计分． 33.物理——选修3－3(2019·全国Ⅱ卷·33)(1)如图1p －V 图所示，1、2、3三个点代表某容器中一定量理想气体的三个不同状态，对应的温度分别是T 1、T 2、T 3.用N 1、N 2、N 3分别表示这三个状态下气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数，则N 1________N 2，T 1________T 3，N 2________N 3.(填“大于”“小于”或“等于”)图1(2)如图1，一容器由横截面积分别为2S 和S 的两个汽缸连通而成，容器平放在地面上，汽缸内壁光滑．整个容器被通过刚性杆连接的两活塞分隔成三部分，分别充有氢气、空气和氮气．平衡时，氮气的压强和体积分别为p 0和V 0，氢气的体积为2V 0，空气的压强为p .现缓慢地将中部的空气全部抽出，抽气过程中氢气和氮气的温度保持不变，活塞没有到达两汽缸的连接处，求：①抽气前氢气的压强；②抽气后氢气的压强和体积．图1答案 (1)大于 等于 大于(2)①(p 0＋p ) ②p 0＋p 1212144(p 0＋p )v 02p 0＋p解析 (1)对一定质量的理想气体，为定值，由p －V 图像可知，2p 1·V 1＝p 1·2V 1>p 1·V 1，pV T所以T 1＝T 3>T 2.状态1与状态2时气体体积相同，单位体积内分子数相同，但状态1下的气体分子平均动能更大，在单位时间内撞击器壁单位面积的平均次数更多，所以N 1>N 2；状态2与状态3时气体压强相同，状态3下的气体分子平均动能更大，在单位时间内撞击器壁单位面积的平均次数较少，所以N 2>N 3.(2)①设抽气前氢气的压强为p 10，根据力的平衡条件得(p 10－p )·2S ＝(p 0－p )·S ①得p 10＝(p 0＋p )② 12②设抽气后氢气的压强和体积分别为p 1和V 1，氮气的压强和体积分别为p 2和V 2，根据力的平衡条件有p 2·S ＝p 1·2S ③由玻意耳定律得p 1V 1＝p 10·2V 0④p 2V 2＝p 0V 0⑤由于两活塞用刚性杆连接，故V 1－2V 0＝2(V 0－V 2)⑥联立②③④⑤⑥式解得p 1＝p 0＋p ⑦ 1214V 1＝⑧ 4(p 0＋p )V 02p 0＋p 34.物理——选修3－4(2019·全国Ⅱ卷·34)(1)如图1，长为l 的细绳下方悬挂一小球a ，绳的另一端固定在天花板上O 点处，在O 点正下方l 的O ′处有一固定细铁钉．将小球向34右拉开，使细绳与竖直方向成一小角度(约为2°)后由静止释放，并从释放时开始计时．当小球a 摆至最低位置时，细绳会受到铁钉的阻挡．设小球相对于其平衡位置的水平位移为x ，向右为正．下列图像中，能描述小球在开始一个周期内的x －t 关系的是______．图1(2)某同学利用图1所示装置测量某种单色光的波长．实验时，接通电源使光源正常发光；调整光路，使得从目镜中可以观察到干涉条纹．回答下列问题：图1①若想增加从目镜中观察到的条纹个数，该同学可________；A ．将单缝向双缝靠近B ．将屏向靠近双缝的方向移动C ．将屏向远离双缝的方向移动D ．使用间距更小的双缝②若双缝的间距为d ，屏与双缝间的距离为l ，测得第1条暗条纹到第n 条暗条纹之间的距离为Δx ，则单色光的波长λ＝________；③某次测量时，选用的双缝的间距为0.300 mm ，测得屏与双缝间的距离为1.20 m ，第1条暗条纹到第4条暗条纹之间的距离为7.56 mm.则所测单色光的波长为________ nm(结果保留3位有效数字)．答案 (1)A(2)①B ② ③630 d ·Δx (n －1)l 解析 (1)由单摆的周期公式T ＝2π可知，小球在钉子右侧时，振动周期为在左侧时振动L g 周期的2倍，所以B 、D 项错误．由机械能守恒定律可知，小球在左、右最大位移处距离最低点的高度相同，但由于摆长不同，所以小球在左、右两侧摆动时相对平衡位置的最大水平位移不同，当小球在右侧摆动时，最大水平位移较大，故A 项正确．(2)①若想增加从目镜中观察到的条纹个数，需要减小条纹间距，由公式Δx ＝ λ可知，需l d要减小双缝到屏的距离l 或增大双缝间的距离d ，故B 项正确，A 、C 、D 项错误．②由题意可知，＝ λ⇒λ＝. Δx n －1l d d ·Δx (n －1)l ③将已知条件代入公式解得λ＝630 nm.。
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热学1.(2018·全国卷I ·T33(1))如图，一定质量的理想气体从状态a 开始，经历过程①、②、③、④到达状态e 。
对此气体，下列说法正确的是 ()A.过程①中气体的压强逐渐减小B.过程②中气体对外界做正功C.过程④中气体从外界吸收了热量D.状态c 、d 的内能相等E.状态d 的压强比状态b 的压强小【解析】选B 、D 、E 。
过程①为等容变化，根据查理定律有a ba bp p T T =，因为温度逐渐增加，则气体的压强逐渐增加，故选项A 错误；过程②气体体积增加，则气体对外界做正功，故选项B 正确；过程④中为体积不变，则气体对外界不做功，外界对气体也不做功，即W=0，理想气体的温度降低，则内能减少，即ΔU<0，根据热力学第一定律ΔU=W+Q 可知Q<0，则气体向外界放出了热量，故选项C 错误；状态c 、d 的温度相等，则分子平均动能相等，理想气体没有分子势能，则内能相等，故选项D 正确；连接Ob 、Od ，根据pV T =C 得T pV C=，Ob 斜率大于Od 斜率，则状态d 的压强比状态b 的压强小，故选项E 正确。
2.(2018·全国卷II ·T33(1))对于实际的气体，下列说法正确的是( ) A.气体的内能包括气体分子的重力势能B.气体的内能包括气体分子之间相互作用的势能C.气体的内能包括气体整体运动的动能D.气体的体积变化时，其内能可能不变E.气体的内能包括气体分子热运动的动能【解析】选B 、D 、E 。
实际气体的内能包括分子之间相互作用的势能和分子热运动的动能，与整体的重力势能和动能均无关。
改变气体内能的方式有做功和热传递。
【易错警示】本题易忽视题中所研究的为实际气体，从而错误地按理想气体模型处理，而导致漏选B 。
3.(2018·全国卷Ⅲ·T33(1)) 如图，一定量的理想气体从状态a 变化到状态b ，其过程如p-V 图中从a 到b 的直线所示。
(精编)2019年全国统一高考物理试卷(新课标Ⅱ)含解答
（精编）2019年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅱ）一、选择题1. 2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆，在探测器“奔向”月球的过程中，用ℎ表示探测器与地球表面的距离，F表示他所受的地球引力，能够描述F随ℎ关系的图像是（）A. B.C. D.2. 太阳内部核反应的主要模式之一是质子-质子循环，循环的结果可表示为411H→24He+210e+2ν．已知11H和24He的质量分别为m p=1.0078u和m a=4.0026u，1u=931MeV/c2，c为光速．在4个11H转变成1个24He的过程中，释放的能量约为（）A.8MeVB.16MeVC.26MeVD.52MeV3. 物块在轻绳的拉动下沿倾角为30∘的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行．已知物块与斜面之间的动摩擦因数为√33，重力加速度取10m/s2．若轻绳能承受的最大拉力为1500N，则物块的质量最大为（）A.150kgB.100√3kgC.200kgD.200√3kg4. 如图，边长为l的正方形abcd内存在匀强磁场，磁感应强度的大小为B，方向垂直于纸面（abcd所在平面）向外．ab边中点有一电子发射源O，可向磁场内沿垂直于ab边的方向发射电子．已知电子的比荷为k．则从a、d两点射出的电子速度大小分别为（）A.1 4kBl，√54kBl B.14kBl，54kBl C.12kBl，√54kBl D.12kBl，54kBl5. 从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能E k与重力势能E p之和．取地面为重力势能零点，该物体的E总和E p随它离地面的高度ℎ的变化如图所示．重力加速度取10m/s2．由图中数据可得（）A.物体的质量为2kgB.ℎ=0时，物体的速率为20m/sC.ℎ=2m时，物体的动能E k=40JD.从地面至ℎ=4m，物体的动能减少100J6. 如图（a），在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿势会影响其下落的速度和滑翔的距离．某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次都从离开跳台开始计时，用v表示他们在竖直方向的速度，其v−t图像如图（b）所示，t1和t2是他落在倾斜雪道上的时刻．则（）A.第二次滑翔过程中在竖直方向的位移比第一次小B.第二次滑行过程中在水平方向的位移比第一次大C.第二次滑翔过程中在竖直方向的平均加速度比第一次大D.竖直方向速度的大小为v1时，第二次滑翔在竖直方向所受的阻力比第一次大7. 静电场中，一带电粒子仅在电场力的作用下自M点由静止开始运动，N为粒子运动轨迹上的另外一点，则（）A.运动过程中，粒子的速度大小可能先增大后减少B.在M、N两点间，粒子的轨迹一定与某条电场线重合C.粒子在M点的电势能不低于其在N点的电势能D.粒子在N点所受电场力的方向一定与粒子轨迹在该点的切线平行8. 如图，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与平水平面夹角为θ，导轨电阻忽略不计．虚线ab、cd均与导轨垂直，在ab与cd之间的区域存在垂直于导轨所在平面的匀强磁场．将两根相同的导体棒、MN先后自导轨上同一位置由静止释放，两者始终与导轨垂直且接触良好，已知PQ进入磁场时加速度恰好为零．从进入磁场开始计时，到MN离开磁场区域为止，流过PQ的电流随时间变化的图像可能正确的是（）A. B.C. D.二、非选择题9. 如图(a)，某同学设计了测量铁块与木板间的摩擦因数的实验．所用器材有：铁架台、长木板、铁块、米尺、电磁打点计时器、频率50Hz的交流电源、纸带等．回答下列问题：（1）铁块与木板间摩擦因数μ=________（用木板与水平面的夹角θ、重力加速度g和铁块下滑的加速度a表示）．（2）某次实验时，调整木板与水平面的夹角使θ=30∘．接通电源，开启打点计时器，释放铁块，铁块从静止开始沿木板滑下．多次重复后，选择点迹清晰的一条纸带，如图（b）所示．图中的点为计数点（每两个相邻的计数点间还有4个点未画出）．重力加速度为9.80m/s2．可以计算出铁块与模板之间的动摩擦因数为________（结果保留两位小数）．10. 某小组利用图(a)所示的电路，研究硅二极管在恒定电流条件下的正向电压U与温度t的关系．图中V1和V2为理想电压表，R为滑动变阻器，R0为定值电阻（阻值为100Ω）；S为开关，E为电源，实验中二极管置于控温炉内，控温炉内的温度t由温度计（图中未画出）测出．图(b)是该小组在恒定电流为50.0μA时得到的某硅二级管U−t关系曲线．回答下列问题：（1）实验中，为保证流过二极管的电流为50.0μA，应调节滑动变阻器R，使电压表V1的示数U1=________mV；根据图(b)可知，当控温炉内的温度t升高时，硅二极管正向电阻________（填“变大”或“变小”），电压表V1示数________（填“增大”或“减小”），此时应将R的滑片向________（填“A”或“B”）端移动，以使V1示数仍为U1．（2）由图(b)可以看出U与t成线性关系．硅二级管可以作为测温传感器，该硅二级管的测温灵敏度为|ΔUΔt|=________×10−3V/∘C（保留两位有效数字）．11. 如图，两金属板P、Q水平放置，间距为d，两金属板正中间有一水平放置的金属网G，P、Q、G的尺寸相同，G接地，P、Q的电势均为φ(φ>0)，质量为m、电荷量为q(q>0)的粒子自G的左端上方离G为ℎ的位置，以速度v0平行于纸面水平射入电场，重力忽略不计．（1）求粒子第一次穿过G时的动能，以及它从射入电场至此时在水平方向上的位移大小；（2）若粒子恰好从G的下方距离G点也为ℎ的位置离开电场，则金属板的长度最短应为多少？12. 一质量为的汽车以某一速度在平直公路上匀速行驶．行驶过程中，司机突然发现前方处有一警示牌，立即刹车．刹车过程中，汽车所受阻力大小随时间的变化可简化为图(a)中的图线．图(a)中，0∼t1时间段为从司机发现警示牌到采取措施的反应时间（这段时间内汽车所受阻力以忽略，汽车仍保持匀速行驶），t1= 0.8s；t1∼t2时间段为刹车系统的启动时间，t2=1.3s；从t2时刻开始汽车的刹车系统稳定工作，直至汽车停止．已知从t2时刻开始，汽车第1s内的位移为24m，第4s内的位移为1m．（1）在图(b)中定性画出从司机发现警示牌到刹车系统稳定工作后汽车运动的v−t图线；（2）求t2时刻汽车的速度大小及此后的加速度大小；（3）求刹车前汽车匀速行驶时的速度大小及t1∼t2时间内汽车克服阻力做的功；从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离约为多少（以t1∼t2时间段始末速度的算术平均值替代这段时间内汽车的平均速度）？三、选修3-313. 如图所示，1、2、3三个点代表某容器中一定量理想气体的三个不同状态，对应的温度分别为T1、T2、T3，用N1、N2、N3分别表示这三个状态下气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数，则N1________N2，T1________T3，N2________N3．（填“大于”“小于”或“等于”）14. 如图，一容器由横截面积分别为和S的两个气缸连通而成，容器平放在水平地面上，气缸内壁光滑，整个容器被通过刚性杆连接的两活塞分隔成三部分，分别充有氢气、空气和氮气，平衡时，氮气的压强和体积分别为p0和V0，氢气的体积为2V0，空气的压强为p．现缓慢地将中部的空气全部抽出，抽气过程中氢气和氮气的温度保持不变，活塞没有达到两气缸的连接处，求：（1）抽气前氢气的压强；（2）抽气后氢气的压强和体积．四、选修3-415. 如图，长为l的细绳下方悬挂一小球a，绳的另一端固定在天花板上O点处，O点正下方34l的O′处有一固定细铁钉．将小球向右拉开，使细绳与竖直方向成一小角度（约为2∘）后由静止释放，并从释放时开始计时．当小球a摆至最低位置时，系绳会受到铁钉的阻挡，设小球相对于其平衡位置的水平位移为x，向右为正．下列图像中，能描述小球在开始一个周期内的x−t的关系是_________．A. B.C. D.16. 某同学利用图示装置测量某种单色光的波长，实验时，接通电源使光源正常发光；调整光路，使得从目镜中可以观察到干涉条纹．回答下列问题：（1）若想增加从目镜中观察到的条纹个数，该同学可________；A．将单缝向双缝靠近B．将屏向靠近双缝的方向移动C．将屏向远离双缝的方向移动D．使用间距更小的双缝（2）双缝的间距为d，屏与双缝间的距离为l．测得第1条暗条纹到第n条暗条纹之间的距离为Δx，则单色光的波长λ=________．（3）某次测量时，选用的双缝的间距为0.300mm．测得屏与双缝间的距离为1.20m，第1条暗条纹到第4条暗条纹之间的距离为7.56mm．则所测单色光的波长为________nm（结果保留3位有效数字）．参考答案与试题解析（精编）2019年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅱ）一、选择题1.【解答】解：根据万有引力公式F=GMm(R+ℎ)2可知，符合该公式的为D．故选D．2.【解答】解：根据题设条件，有m1=4m p=4.0312u，m2=mα=4.0026u，故ΔE=(m1−m2)c2−2eV=26MeV，故C项正确，ABD项错误．故选C．3.【解答】解：由物体在拉力作用下沿斜面匀速上升，且接触面粗糙，知该小物块处于平衡状态，得T=mg sin30∘+μmg cos30∘，把T=1500N代入得到m=150kg，A正确．故选A．4.【解答】解：带电粒子在磁场中运动，qBv=mv 2R ，v=qBrm=kBR，从a点射出的电子，由几何知识得半径大小为l4，v=l4kB，从d点射出的电子，由几何知识得半径大小为5l4，v=5l4kB，B正确．故选B．5.【解答】解：A．由图像可知，随着ℎ增大，E p也增大，已知E p=mgℎ，所以mg=E pℎ=20N，所以m=2kg，故A正确；B．ℎ=0时，E P=0J，E总=100J，机械能全部为动能，E k=12mv2，所以，v=10m/s，故B错误；C．同理，ℎ=2m时，E p=40J，E总=90J，所以E k=E总−E p=50J，故C错误；D．ℎ=4m时，E p=E总=80J，E k=0J，所以动能变化量为△E K=(100−0)J=100J，D正确．故选AD．6.【解答】解：A．由v−t图像可知，第二次的面积大于第一次的面积，所以第二次在竖直方向上的位移大于第一次，（不能由时间长短得出结论，因为加速度不同）A错；B．因为两次都落在斜面上，第二次的竖直方向位移比第一次的大，所以第二次的水平方向上的位移也比第一次的大，B对；C．平均加速度为速度差与时间的比值，由图像可知，第二次的速度差小，时间长，所以第二次在竖直方向上的平均加速度比第一次的小，C错；D．竖直方向速度大小为v1时，可知第二次的图像斜率小于第一次，故第二次竖直方向上的合外力小于第一次，合外力由重力减阻力得，重力相同，所以第二次的阻力较大，D对．故选BD．7.【解答】解：A．电场线方向未知，粒子在电场线作用下加速，而后可能减速，A正确；B．电场线方向代表粒子加速度方向，加速度方向不一定与轨迹方向一致，B错误；C．粒子仅在电场力作用下运动，能量守恒，所以N点至多与M点电势能相同，C正确；D．轨迹切线方向代表粒子速度方向，电场力方向代表加速度方向，若粒子做曲线运动，则加速度方向与运动方向不一致，D错误．故选AC．8.【解答】解：PQ到达ab边界时切割磁感线产生感应电流，故PQ棒受到沿斜面向上的安培力而做匀速运动，则在PQ刚进入abcd区域时，有：E=BLv1=I1R总，F安1=BI1L=G x sinθ，当MN进入ab边界时，若PQ未出cd边界，则不切割磁感线，一起加速下滑，无电流产生；当PQ出cd边界时，MN切割磁感线产生电流，E=BLv2=I2R总，F安2=BI2L，由于v2>v1，故I2>I1，因而F安2>G x sinθ，所以v2减小，I2亦减小；若PQ已滑出cd边界，MN棒同PQ棒做匀速运动，v2=v1，则E= BLv，E1=E2，则I1=I2，故AD项正确，BC项错误．综上所述，应选AD．二、非选择题9.【解答】解：（1）由受力分析，沿斜面方向可得牛顿第定律方程，mg sinθ−μmg cosθ=ma，整理可得μ=g sinθ−ag cosθ．（2）从图中可知：Δx1=x2−x1=1.96×10−2m，Δx2=x3−x2=1.98×10−2m，Δx3=x4−x3=1.99×10−2m，Δx4=x5−x4=1.94×10−2m，Δx5=x6−x5=2.00×10−2m，Δx6=x7−x6=1.95×10−2m，且有Δx=aT2，由题可知T=0.02×5s=0.1s，计算可得a=ΔxT2=Δx1+Δx2+Δx3+Δx4+Δx5+Δx66T2=1.97m/s2，代入（1）中式子可得μ=0.35．10.【解答】解：（1）电流为50.0μA，电压表为理想电压表，电阻R=100Ω，根据U=IR，所以V1的示数为5.00mV；根据题意保持二极管电流不变，温度升高电压减小，所以电阻变小；总电阻减小，总电流增加，电压表V1的示数增大；此时应该将滑动变阻器划片向B移动，电阻增加，减小此时电流，使总电流不变，从而V1示数不变．（2）斜率等于纵坐标变化量比横坐标变化量，(0.44V−0.30V)(80∘C−30∘C)=2.8×10−3V/∘C．11.【解答】解：（1）PG，OG间场强大小相等，均为E，粒子在PG间所受电场力F的方向竖直向下，设粒子的加速度大小为a，有：E=2φd①F=qE=ma②第一次到达G时动能为E，由动能定理有：qEℎ=E k−12mv02③设粒子第一次到达G时所用的时间为t，粒子在水平方向的位移为l，则有：ℎ=12at2④l=v0t⑤联立①②③④⑤式得：E k=12mv02+2φdqℎ，l=v0√mdℎqφ．（2）若粒子穿过G一次就从电场的右侧飞出，则金属板的长度最短，由对称性知，此时金属板的长度L为：L=2l=2v0√mdℎqφ．12.【解答】解：（1）（2）设刹车前汽车匀速行驶的速度为v1，则t1时刻的速度也为v1；t时刻的速度为v2，在t2时刻后汽车做匀减速运动，设其加速度大小为a，取Δt=1s．设汽车在t2+(n−1)Δt∼t2+nΔt内的位移为s n，n=1,2,3,⋯若汽车在t2+3Δt∼t2+4Δt时间内未停止，设它在与t2+3Δt时刻的速度为v3，在t2+4Δt时刻的速度为v4，由运动学公式得：s1−s4=3a(Δt)2①s1=v2Δt−12a(Δt)2②v4=v2−4aΔt③联立①②③式，代入已知数据解得：v4=−176m/s④这说明在t2+4Δt时刻前，汽车已经停止，因此①不成立．由于t2+3Δt∼t2+4Δt内汽车停止，由运动学公式：v3=v2−3aΔt⑤2as4=v32⑥联立②⑤⑥式，代入已知数据解得：a=8m/s2，v2=28m/s⑦a=28825m/s2，v2=29.76m/s⑧在⑧式情形下，v3<0，不合题意，舍去．（3）设汽车的刹车系统稳定工作时，汽车所受阻力的大小为f1，由牛顿第二定律得：f1=ma⑨在t1∼t2时间内，阻力对汽车得冲量的大小为：I=12f1(t2−t1)⑩由动量定理有I=mv1−mv2⑪由动能定理，在t1∼t2时间内，汽车克服阻力做功为：W=12mv12−12mv22⑫联立⑦⑨⑩⑪⑫式得：v1=30m/s⑬W=1.16×105J⑭从司机发出警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离s约为：s=v1t1+12(v1+v2)(t2−t1)+v222a⑮联立⑦ ⑬⑮式，代入已知数据解得：s=87.5m⑯三、选修3-313.【解答】解：根据理想气体状态方程有：pVT=C，得T1=T3=2T2，温度越高，气体分子在单位时间内碰撞容器壁上单位面积的平均次数越多，故N1>N2，T1=T3，又因为2到3为恒压变化，体积变大，故N2>N3．14.【解答】解：（1）设抽气前氢气的压强为p10，根据力的平衡条件得：(p10−p)⋅2S=(p0−p)⋅S①得p10=12(p0+p)②（2）设抽气后氢气的压强和体积分别为p1和V1，氮气的压强和体积分别为p2和V2，根据力的平衡条件有：p2⋅S=p1⋅2S③由玻意耳定律得：p1V1=p10⋅2V0④p2V2=p0V0⑤由于两活塞用刚性杆连接，故：V1−2V0=2(V0−V2)⑥联立②③④⑤⑥式，解得：p1=12p0+14p⑦V1=4(p0+p)V02p0+p⑧四、选修3-415.【解答】解：根据机械能守恒可知，摆长减少为四分之一后，摆球上升的高度与单摆没有遇到钉子之前的高度一样，单摆周期公式T=2π√lg，所以碰到钉子后，周期变为原来周期的二分之一，根据几何关系可知，振幅变为原来的二分之一．故选A．16.【解答】解：（1）BC．根据公式Δx=ldλ，为了使条纹增多，即条纹间距减小，故需要使得将屏离双缝近一点，B正确，C错误．A．单双缝间的距离对本实验没有影响，A错误D．减小双缝距离，会增大条纹间距，所以可以看见条纹变少，D错误．故选B．（2）根据公式Δx=ld λ可知，第一条到第n条之间共有n−1个间距，可得λ=Δx⋅d(n−1)l．（3）根据公式λ=Δx⋅d(n−1)l，代入数据可求得波长为630nm．。
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2
2
2
2 0
④
在h高度处,Δt时间内喷射到玩具底面的水沿竖直方向的动量变化量的大小为
Δp=(Δm)v ⑤
设水对玩具的作用力的大小为F,根据动量定理有 FΔt=Δp ⑥ 由于玩具在空中悬停,由力的平衡条件得
F=Mg ⑦
联立③④⑤⑥⑦式得
B.5.7×102 kg· m/s
C.6.0×102 kg· m/s D.6.3×102 kg· m/s
答案 A
本题考查动量守恒定律。由于喷出过程中重力和空气阻力可忽略,则模型火箭与燃
气组成的系统动量守恒。燃气喷出前系统静止,总动量为零,故喷出后瞬间火箭的动量与喷出燃
气的动量等值反向,可得火箭的动量大小等于燃气的动量大小,则|p火|=|p气|=m气v气=0.05 kg×600 m/
玩具底部为平板(面积略大于S);水柱冲击到玩具底板后,在竖直方向水的速度变为零,在水平方
向朝四周均匀散开。忽略空气阻力。已知水的密度为ρ,重力加速度大小为g。求 (ⅰ)喷泉单位时间内喷出的水的质量; (ⅱ)玩具在空中悬停时,其底面相对于喷口的高度。
答案 (ⅰ)ρv0S
2 v0 M 2g (ⅱ) - 2 2 2 2 g 2 ρ v0 S
斜面体推出,冰块平滑地滑上斜面体,在斜面体上上升的最大高度为h=0.3 m(h小于斜面体的高
度)。已知小孩与滑板的总质量为m1=30 kg,冰块的质量为m2=10 kg,小孩与滑板始终无相对运 动。取重力加速度的大小g=10 m/s2。 (ⅰ)求斜面体的质量;
(ⅱ)通过计算判断,冰块与斜面体分离后能否追上小孩?
答案 A
设中子质量为m,则原子核的质量为Am。设碰撞前后中子的速度分别为v0、v1,碰后
1 2 1 2 1 2 1 A 1 A
v v1
2 2 2 0 v0 原子核的速度为v2,由弹性碰撞可得mv0=mv1+Amv2, m = mv Amv = 1 + 2 ,解得v1= v0,故
2 v0 M 2g h= - 2 2 2 2 g 2 ρ v0 S
⑧
考查点 动量定理、能量守恒定律、物体平衡 解题关键 在流体中运用动量知识时一定要取Δt时间内的流体为研究对象。
3.[2016课标Ⅱ,35(2),10分]如图,光滑冰面上静止放置一表面光滑的斜面体,斜面体右侧一蹲在 滑板上的小孩和其面前的冰块均静止于冰面上。某时刻小孩将冰块以相对冰面3 m/s的速度向
s=30 kg· m/s,A正确。 易错点拨 系统中量与物的对应性
动量守恒定律的应用中,系统内物体至少为两个,计算各自的动量时,需注意速度与质量对应于
同一物体。
2.[2016课标Ⅰ,35(2),10分]某游乐园入口旁有一喷泉,喷出的水柱将一质量为M的卡通玩具稳定 地悬停在空中。为计算方便起见,假设水柱从横截面积为S的喷口持续以速度v0竖直向上喷出;
1 m = 1 m + 1 m v v v 2
2 2 20
联立③⑥⑦式并代入数据得
2
2 2 2
2
3 2 3
⑦
v2=1 m/s⑧ 由于冰块与斜面体分离后的速度与小孩推出冰块后的速度相同且处在后方,故冰块不能追上小
孩。
考查点 动量守恒定律、机械能守恒定律 思路分析 1.小孩、冰块动量守恒。 2.冰块与斜面水平方向动量守恒、整体机械能守恒。
2m1 v2'= v0 m1 m2
本题型结论要熟记。
5.[2016课标Ⅲ,35(2),10分]如图,水平地面上有两个静止的小物块a和b,其连线与墙垂直;a和b相 距l,b与墙之间也相距l;a的质量为m,b的质量为 m。两物块与地面间的动摩擦因数均相同。现 使a以初速度v0向右滑动。此后a与b发生弹性碰撞,但b没有与墙发生碰撞。重力加速度大小 为g。求物块与地面间的动摩擦因数满足的条件。
考点二 碰撞、动量和能量综合 4.(2014大纲全国,21,6分)一中子与一质量数为A(A>1)的原子核发生弹性正碰。若碰前原子核静
止,则碰撞前与碰撞后中子的速率之比为 (
A.
A 1 A 1
)
B.
A 1 A 1
4A C. 2 ( A 1)
( A 1) 2 D. ( A 1) 2
高考物理
(课标Ⅱ专用)
专题七 碰撞与动量守恒
五年高考
A组 统一命题·课标卷题组
考点一 动量、动量定理、动量守恒定律
1.(2017课标Ⅰ,14,6分)将质量为1.00 kg的模型火箭点火升空,50 g燃烧的燃气以大小为600 m/s
的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。在燃气喷出后的瞬间,火箭的动量大小为(喷出过程中 重力和空气阻力可忽略) ( A.30 kg· m/s )
解析 (ⅰ)设Δt时间内,从喷口喷出的水的体积为ΔV,质量为Δm,则 Δm=ρΔV ①
ΔV=v0SΔt ②
由①②式得,单位时间内从喷口喷出的水的质量为
m =ρv S t
0
③
(ⅱ)设玩具悬停时其底面相对于喷口的高度为h,水从喷口喷出后到达玩具底面时的速度大小为 v。对于Δt时间内喷出的水,由能量守恒得
答案 见解析
解析 (ⅰ)规定向右为速度正方向。冰块在斜面体上运动到最大高度时两者达到共同速度,设 此共同速度为v,斜面体的质量为m3。由水平方向动量守恒和机械能守恒定律得
m2v20=(m2+m3)v ①
1 m = 1 (m +m )v +m gh v 2
2 2 20
2
2
2ห้องสมุดไป่ตู้
3
2
②
式中v20=-3 m/s为冰块推出时的速度。联立①②式并代入题给数据得 m3=20 kg③ (ⅱ)设小孩推出冰块后的速度为v1,由动量守恒定律有 m1v1+m2v20=0 ④ 代入数据得 v1=1 m/s⑤ 设冰块与斜面体分离后的速度分别为v2和v3,由动量守恒和机械能守恒定律有 m2v20=m2v2+m3v3 ⑥
A 1 ,A正确。 A 1
考查点 碰撞 审题技巧 审题的关键词:“碰撞”“弹性正碰”。 延伸拓展
“运动小球与静止小球发生弹性碰撞”模型 方程:m1v0=m1v1'+m2v2'
1 m = 1 m v + 1 m v v ' ' 2
2 0
1
2
2 1
2
2
2 2
1 结论v1'=
m m2 v0 m1 m2