高考物理二轮复习第2讲匀变速直线运动课件

高三物理专题复习课件：匀变速直线运动(共75张PPT)

t 上 A＝
2h 上 A＝ g
2×20 s＝2 s 10
则木杆通过圆筒上端 A 所用的时间：t1＝t 上 A－t 下 A＝ 2－ 3 s。
(2)木杆的上端离开圆筒下端 B 用时
t 上 B＝
2h 上 B＝ g
2×20＋5 s＝ 5 s 10
则木杆通过圆筒所用的时间 t2＝t 上 B －t 下 A＝ 5－ 3 s。
弹依次射入每个木块时的速度比和穿过每个木块所用时间比分别为 ( ) A．v1∶v2∶v3＝3∶2∶1 B．v1∶v2∶v3＝ 3∶ 2∶1 C．t1∶t2∶t3＝1∶ 2∶ 3 D．t1∶t2∶t3＝( 3－ 2)∶( 2－1)∶1 解析：采用逆向思维法求解。该运动的逆运动为子弹向左做
初速度为零的匀加速直线运动，设每块木块厚度为 L，则 v32 ＝2a·L，v22＝2a·2L，v12＝2a·3L，故 v1∶v2∶v3＝ 3∶ 2∶1，所以选项 B 正确。由于每块木块厚度相同，故由比例关系可得 t1∶t2∶t3＝( 3－ 2)∶( 2－1)∶1，所以选项 D 正确。答案：BD
＝43 m/s2，故选项 B 正确。答案：B
3．[推论法]
一小球沿斜面匀加速滑下，依次经过 A、B、C 三点，已知 AB
＝6 m，BC＝10 m，小球经过 AB 和 BC 两段所用的时间均为
2 s，则小球经过 A、B、C 三点时的速度大小分别是 ( )
A．2 m/s,3 m/s,4 m/s
B．2 m/s,4 m/s,6 m/s
[解题方略] 求解多阶段运动问题的“三步走”
2．[汽车刹车问题]
汽车以 20 m/s 的速度做匀速直线运动，看到前方有障碍物立即
刹车(反应时间不计)，刹车后加速度大小为 5 m/s2，则汽车刹

高考物理二轮复习课件：匀变速直线运动规律在力学中的应用

应用牛顿第二定律求出物体所受的合外力，进而求出物
体所受的其他外力．
2．处理匀变速直线运动问题选用公式的方法：
(1)不涉及某量的问题优先选用不含该量的公式．
(2)时间相等的问题优先选用
x aT 、 v t v
2 2
(3)由静止开始做匀加速直线运动的问题优先选用比例式．
3．匀变速直线运动问题的常用解题方法：
2．任意连续相等时间间隔内的位移之差为一恒量： x x2 x1 x3 x2 aT 2 . 可以推广到xm xn (m n)aT 2 .
3．运动过程的中间时刻的瞬时速度，等于物体在这段时间内的平均速度： xn xn 1 v t v，即vn 2T 2 4．运动过程的中点位置的瞬时速度：
两球不发生接触，v0必须满足欲使两球刚好不
发生接触的条件是：两物体在某时刻处于同一位置且速度相同．两者刚好接触时其球心间的距离为2r. 【解析】解法1：利用牛顿第二定律和运动学公式求解 A球向B球接近至A、B间的距离小于L之后，A球的速度
【点评】要对图象理解到位，并能很好把握物体受力及运动情况．
2．超重和失重问题的讨论【例2】某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N. 他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0 至t3 时间段
内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v-t图可
能是(取电梯向上运动的方向为正)( )
【切入点】由F-t图象获取各时段支持力F信息，再推算出各时段人的运动情况，从而判断v-t的正确与否．【解析】由图可知，在t0～t1时间内，弹簧秤的示数小于实
四、牛顿运动定律 1．牛顿第一定律一切物体总保持止匀速直线运动状态或静状态，除非有力迫使它改变这种状态．
2．牛顿第二定律

高三物理匀变速直线运动的规律复习PPT优秀课件

①1T末，2T末，3T末…瞬时速度之比为：
v1∶v2∶v3∶…∶vn＝ 1∶2∶3∶…∶n . ②1T内，2T内，3T内…位移之比为： s1∶s2∶s3∶…∶sn＝ 1∶22∶32∶…∶n2.
基础知识梳理
③第一个T内，第二个T内，第三个T 内…位移之比为：＝1∶sⅠ3∶∶5s∶Ⅱ∶…s∶Ⅲ…(2∶n－sN1) ．
基础知识梳理
二、自由落体和竖直上抛的运动规律
1．自由落体运动规律 (1)速度公式：v＝ gt (2)位移公式：h＝ 12gt2 (3)速度—位移关系式：v2＝ 2gh
基础知识梳理
2．竖直上抛运动规律
(1)速度公式：v＝ v0－gt (2)位移公式：h＝ v0t－12gt2
(3)速度—位移关系式： v2－v02 ＝－2gh
课堂互动讲练
(3)对公式Δs＝aT2：此公式可推广到sm－sn＝(m－n)aT2.
课堂互动讲练
特别提醒公式
v＝v0＋at
虽然可由
a＝v－t v0
变形后得到，但二者含义不同：
1．a＝v－t v0是加速度的定义式，
适用于所有变速运动(包括非匀变速直
线运动和曲线运动)．
课堂互动讲练
特别提醒 2．v＝v0＋at是匀变速直线运动
可见，刹车后 5 s 的时间内有 1 s 车是静止的，故刹车后 5 s 内汽车的位移为
s′
＝
v0t
＋
1 2
at2
＝
[10×4
＋
1 2
×(
－
2.5)×42]m＝20 m.
答案：20 m
课堂互动讲练
二、自由落体和竖直上抛运动的规律和分析方法
1．自由落体和竖直上抛运动是匀变速直线运动的特例，匀变速运动的一切规律都可以用，只是加速度大小为g.

高考物理二轮复习系列课件02直线运动的基本规律

少秒？（g取10m/s2） ( 0.2s )
实验：重力加速度的测定
原理: h=gt2/2
g=2h/t2
注意： 1.要准确测量高度 2.要准确测量时间
• 训1、从塔顶释放一个小球A，1S后从同一地点再释放一个小球B，设两球都做自由落
体运动，则落地前，A、B两球之间的距离
（B）
• A、保持不变
B、不断增大
v/ms-1 o
①V0＝0的匀加速运动（a＝恒量） ① ② ②V0≠0的匀加速运动（a=恒量）
③ ③匀速运动（a=0）
④ ④匀减速运动（a=恒量）
t/s
图线下所围成的“面积”表示物体的位移
v/ms-1
①
o
t1
t/s
S-t图像
• 1、某质点在前4S内的位移图象如图所示，如果该质点是在一条直线上运动的，试根据图象描述该质点的运动情况。
• 例2、以下关于自由落体运动的说法中，正
确的是（ C ）
• A、物体从静止开始下落的运动叫做自由落体运动
• B、初速度为零的匀加速直线运动是自由落体运动
• C、自由落体运动是初速度为零,加速度为g 的匀加速直线运动
• D、在空气的阻力比较小的空间里，物体的运动就可以看作是自由落体运动
例3、悬链长1.4 m，从悬点处断开，使其自由下落，不计空气阻力，求整个悬链通过悬点下方3.2 m 处的一点所需的时间为多
4、一个作直线运动物体的位移与时间的关
系是S=（2 t + 10 t2）m，那么它的初速度
和加速度的大小分别是
。
证明：以加速度为a做匀加速运动的物体在一段时间 t内的平均速度等于该段时间中点时刻的瞬时速度。
vt
2

2025年高考物理总复习课件专题一直线运动第2讲匀变速直线运动的规律

【解析】篮球运动员身高约为1.8 m，由图可知水柱的高度约为人身高的 4倍，即7.2 m，则0-v02＝-2gh，解得v0＝12 m/s，故C正确.
高考总复习·物理
2.(2023年重庆联考)近年来，重庆热门景点“李子坝列车穿楼”吸引了大量游客驻足，当地更是专门修建观景台“宠粉”.列车进站时以20 m/s的初速度开始做匀减速直线运动，加速度大小为1.25 m/s2，列车速度减为0 后在李子坝站停靠了50 s.则关于列车进站过程，下列说法正确的是( D ) A.列车在匀减速运动阶段速度减小得越来越慢 B.列车开始减速后，t＝8 s时的速度为12 m/s C.列车开始减速后，20 s内的位移为150 m D.列车匀减速阶段最后1 s内的位移大小是0.625 m
v0、v、a、t
v0、a、t、x
没有涉及的物理量
x v
v0、v、a、x
t
v0、v、t、x
a
［基础考点］
适宜选用公式
v＝v0+at x＝v0t+12at2 v2-v02＝2ax x＝v+2v0t
高考总复习·物理
2.两类特殊的匀减速直线运动
刹车类问题
双向运动类
其特点为匀减速到速度为零后
即停止运动，加速度a突然消失，如沿光滑斜面上滑的小球，到最高点
高考总复习·物理
【解析】由Δx＝aT2，得a＝
x4−x3 T2
＝
2.5−2 12
m/s2＝0.5 m/s2；x3-x2＝x4-x3，
所以第2
s内的位移x2＝1.5
m；第3
s末的速度v'＝x32+Tx4
＝
2+2.5 2
m/s＝
2.25 m/s.A、C错误，B、D正确.

高考物理总复习第一章第2节匀变速直线运动的规律课件

D．0.5 m
解析：由v＝at可得刹车到静止所需的时间t＝2.5 s，则第3 s内
的位移，实际上就是2～2.5 s内的位移，x＝12at′2＝0.5 m。答案：D
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2．(2014·淮南一模)在光滑足够长的斜面上，有一物体以 10 m/s 初速度沿斜面向上运动，如果物体的加速度始终为 5 m/s2，
路标的时间间隔为 22 s。请你根据她的测量情况，求：(保留三
位有效数字) (1)火车的加速度大小。
(2)火车经过第三个路标时的速度大小。
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[解析] (1)火车从第一个路标到第二个路标的过程中，位移
s1＝100 m，时间 t1＝12 s，中间时刻速度为 v1＝st11＝11020 m/s＝235 m/s 火车经过第二个路标到经过第三个路标的过程中，位移
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匀变速直线运动的推论和比例
[必备知识]
1．匀变速直线运动的两个重要推论
(1)中间速度公式：v
t 2
＝v0＋v，某段时间的中间时刻的瞬时 2
速度等于该段时间内的平均速度。
vt＝ 2
v02＋2 v2，v
t 2
表示位移
x
的中间位置的瞬时速度。可
以证明，无论加速还是减速，都有 v t >v t 。 22
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(3)第一个 T 内，第二个 T 内，第三个 T 内，…，第 N 个 T 内的位移之比为：
xⅠ∶xⅡ∶xⅢ∶…∶xN＝ 1∶3∶5∶…∶(2n－1) 。
(4)通过连续相等的位移所用时间之比为： t1∶t2∶t3∶…∶tn＝_1_∶__(__2_－__1_)∶__(__3_－____2_)∶__…__∶__(__n_－___ __n_－__1_) 。

2021届高考物理二轮复习专题一第2讲匀变速直线运动规律及牛顿运动定律课件

解析：第一个60 m内中间时刻的瞬时速度v1＝xt11＝6 m/s，第二个60 m内中间时刻的瞬时速度v2＝xt22＝10 m/s，则动车组的加速度a＝vt21－＋vt21＝
2 0.5 m/s2，根据Δx＝aT2得，接下来6 s内的位移x3＝x2＋aT2＝60 m＋ 0.5×36 m＝78 m，故A正确，B错误；动车组的初速度v0＝v1－at21＝ 6 m/s－0.5×120 m/s＝3.5 m/s，故C正确，D错误。
2．(多选)(2020·吉林长春实验中学高三模拟)动车把动力装置分散安装在每节车厢上，使其既具有牵引动力，又可以载客，而动车组就是几节自带动力的车辆(动车)加几节不带动力的车辆(也叫拖车)编成一组。若动车组在匀加速运动过程中，从计时开始，通过第一个60 m所用时间是 10 s，通过第二个60 m 所用时间是6 s，则( AC ) A．动车组的加速度为0.5 m/s2，接下来的6 s内的位移为78 m B．动车组的加速度为1 m/s2，接下来的6 s内的位移为96 m C．动车组计时开始的速度为3.5 m/s D．动车组计时开始的速度为2.x－x1＝v0t2－12at22 解得t2＝1 s(t2＝9 s舍去) 此时校车的速度v2＝v0－at2＝16 m/s 校车行驶完33 m的距离，总共所用的时间 t＝t1＋t2＝1.75 s。
(2)校车行驶33 m正好到达路口时，行人横穿马路走过的距离 L＝v人t＝5×1.75 m＝8.75 m 此时行人接近马路中心，车以16 m/s的速度行至路口，可能有危险。 (3)校车在0.75 s的反应时间内前进的距离 x1＝15 m 之后速度迅速降为v0′＝7.2 km/h＝2 m/s后做匀减速运动，直到速度减到零，该过程校车行驶的距离
专题一力与运动

高考物理第一章第2讲匀变速直线运动规律课件课件

• 答案：C
• 【知识梳理】 • 1．自由落体运动： • (1)运动性质：初速度v0＝0，加速度为重力加速度g的____________运匀加速度直线动． • (2)运动规律．
• ①速度公式：v＝_______ ．②位移公式：h＝_________ ． 1 2 gt gt 2 2 • ③速度位移关系式：v ＝__________． 2gh
解析：由于树叶所受到的空气阻力相对于树叶的重力来说太大了，但相对而言苹果所受到的空气阻力比其重力小得多，可以忽略，所以树叶的下落过程不是自由落体运动，而苹果的运动可以看作是自由落体运动，故 A、 B 错误，C 正确；如果地球上没有空气，则苹果和树叶都做自由落体运动， 1 2 由 h＝ gt 知，二者会同时落地，D 错误． 2
ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
解法二：由 v＝v0＋at 得： a＝ v－v0 30－0 2 2 ＝ m/s ＝ 6 ． 0 m/s t 5
1 1 x＝ at2＝ ×6．0×52 m＝75 m． 2 2 解法三：根据解法二求得的加速度及公式 v2－v2 0＝2ax 得： v2－v2 302－0 0 x＝＝ m＝75 m． 2a 2×6.0
(2)竖直上抛运动的对称性：如图，物体以初速度 v0 竖直上抛， A、B 为途中的任意两点，C 为最高点，则： ①时间对称性：物体上升过程中从 A→C 所用时间 tAC 和下降过程中从 C→A 所用时间 tCA 相等，同理 tAB＝tBA． ②速度对称性：物体上升过程经过 A 点的速度与下降过程经过 A 点的速度大小相等． (3)竖直上抛运动的多解性：在竖直上抛运动中，当物体经过抛出点上方某一位置时，可能处于上升阶段，也可能处于下落阶段，因此这类问题可能造成时间多解或者速度多解，也可能造成路程多解．

重磅-2020高考物理专题知识考点： 1-2 匀变速直线运动规律课件.ppt

2．某物体以 30 m/s 的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g 取 10 m/s2,5 s 内物体的( )
A．路程为 65 m B．位移大小为 25 m，方向向上 C．速度改变量的大小为 10 m/s D．平均速度大小为 13 m/s，方向向上答案：AB
考向一运动，用 10 s 时间通过一
座长 140 m 的桥，过桥后速度是 16 m/s，求： (1)汽车刚开上桥头时速度的大小； (2)桥头与出发点的距离．(汽车自身长度忽略不计) 【思路点拨】汽车运动草图如下：
【解析】 (1)过桥过程中的平均速度为：－v ＝ΔΔxt ＝11400 m/s＝14 m/s 又－v ＝v＋2 vt，得汽车到达桥头的速度 v＝2－v －vt＝12 m/s. (2)汽车运动的加速度 a＝vtΔ－t v＝16－1012 m/s2＝0.4 m/s2 由 2ax＝v2 得桥头与出发点相距 x＝2va2＝2×1202.4 m＝180 m. 【答案】 (1)12 m/s (2)180 m
答案：B
二、对竖直上拋运动的理解 1．竖直上拋运动的特点 (1)对称性：如右图所示，一物体以初速度 v0 竖直上拋，A、B 为途中的任意两点，C 为最高点，则：①时间对称性：物体上升过程中从 A→C 所用时间 tAC 和下降过程中从 C→A 所用时间 tCA 相等，同理 tAB＝tBA. ②速度对称性：物体上升过程经过 A 点的速度与下降过程经过 A 点的速度大小相等． ③能量对称性：物体从 A→B 和从 B→A 重力势能变化量的大小相等，均等于 mghAB.
(2)多解性：当物体经过拋出点上方某个位置时，可能处于上升阶段，也可能处于下降阶段，造成双解．在解决问题时要注意这个特点．
2．解答竖直上拋运动问题的两种方法 (1)全程法：规定好正方向后，直接应用匀变速直线运动的基本规律列方程求解． (2)分阶段法：将全程分为两个阶段，即上升过程的匀减速阶段和下落过程的自由落体阶段．

高考物理课件第一章第2节匀变速直线运动的规律

(3)匀加速直线运动的位移是均匀增大的。
(× )
(4)在匀变速直线运动中，中间时刻的速度一定小于该段时间
内位移中点的速度。
(√ )
(5)物体由某高度由静止下落一定做自由落体运动。 ( × )
(6)做竖直上抛运动的物体，在上升过程中，速度的变化量的
方向是向下的。
(√ )
(7)竖直上抛运动的速度为负值时，位移也为负值。 ( × )
D．质点 3 s 末的速度为 5 m/s
解析：根据平均速度 v＝xt 知，x＝vt＝2t＋t2，根据 x＝v0t＋12at2 ＝2t＋t2 知，质点的初速度 v0＝2 m/s，加速度 a＝2 m/s2，质点做匀加速直线运动，故 A、C 错误；5 s 内质点的位移 x＝v0t ＋12at2＝2×5 m＋12×2×25 m＝35 m，故 B 正确；质点在 3 s 末的速度 v＝v0＋at＝2 m/s＋2×3 m/s＝8 m/s，故 D 错误。答案：B
第2 节
匀变速直线运动的规律
1 课前回顾·基础速串 2 课堂提能·考点全通 3 课后演练·逐级过关
课前回顾·基础速串
宏观整合，微观提醒，回顾旧知短平快
知识体系 ·理一理
易混易错·判一判
(1)匀变速直线运动是加速度均匀变化的运动。
(× )
(2)匀加速直线运动是速度均匀变化的直线运动。 ( √ )
◎物理学史判断 (1)亚里士多德认为物体越重下落越快。
(√ )
(2)伽利略从理论和实验两个角度证明了轻、重物体下落
一样快。
(√ )
规律结论·记一记
1．匀变速直线运动的速度公式、位移公式和速度位移关系式均为矢量表达式，应用公式解题时应注意选取正方向，代入“＋”“－”。