2015年5月2015届高三第四次全国大联考(广东版)物理卷(正式考试版)
2015年广东省六校联考高考物理四模试卷
2015年广东省六校联考高考物理四模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共16.0分)1.如图是一款由电磁悬浮技术制作的没有“地轴”的地球仪，其原理是：将空心金属球放在通电线圈上，电磁场在金属球表面产生涡流，涡流与磁场作用形成磁力，从而实现地球仪的悬空静止．地球仪悬空静止的原因是（）A.只受到磁力的作用B.由于惯性的作用C.没有受到重力的作用D.磁场的磁力和重力相互平衡【答案】D【解析】解：地球仪处于静止状态，属于平衡状态，它受到竖直向下的重力和向上的磁力，是一对平衡力；故选：D．地球仪处于平衡状态，它受平衡力的作用，合力为零，不会只受到一种力的作用．如果物体处于静止或匀速直线运动状态，我们就说该物体处于平衡状态，它们受到的力称为平衡力，其合力为零．2.如图为一减震垫，上面布满了圆柱状薄膜气泡，气泡内气体可视为理想气体．若将一平板状物品平放在气泡上方（设气泡内气体温度不变），下列说法正确的是（）A.气泡内气体密度变小B.气泡内气体压强变大C.气泡内气体分子平均动能变大D.由于体积变小故气泡内气体内能变小【答案】B【解析】解：A、气泡球被压后，气压变大，根据玻意耳定律公式PV=C，故体积缩小，气泡内气体密度变大．故A错误，B正确；C、在整个过程中球内气体温度不变，气体内能不变，故CD错误；故选：B．气压变大，等温过程，根据玻意耳定律判断体积的变化情况；根据气体温度的变化判断内能是否变化．该题通过生活中的例子考查玻意耳定律，知道理想气体内能由温度决定、应用玻意耳定律即可正确解题．基础题目．3.某同学前后两次从同一位置水平投出两支飞镖1和飞镖2到靶盘上，飞镖落到靶盘上的位置如图所示，忽略空气阻力，则两支飞镖在飞行过程中（）A.加速度a1＞a2B.飞行时间t1＜t2C.初速度v1=v2D.角度θ1=θ2【答案】B【解析】解：A 、忽略空气阻力，两支飞镖都只受重力，加速度都为g ，则a 1=a 2．故A 错误． B 、飞镖1下落的高度小，根据h =12gt 2，t =√2ℎg知，t 1＜t 2．故B 正确．C 、由于水平位移相等，根据x =v 0t ，知v 1＞v 2．故C 错误．D 、根据tan θ=v 0v y ，对于飞镖1，时间短，初速度大，则tan θ1＞tan θ2，所以θ1＞θ2．故D 错误． 故选：B ．平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，运动时间由高度决定，通过下落的高度比较飞镖飞行的时间，从而根据水平位移比较初速度的大小．根据夹角的正切值进行比较．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，平抛运动的时间由高度决定．4.如图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图．变压器输入电压是市电网的电压，不会有很大的波动．输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R 0表示，变阻器R 表示用户用电器的总电阻，当滑动变阻器触头P 向下移时（ ） A.相当于在减少用电器的数目B.A 1表的示数随A 2 表的示数的增大而增大C.V 1表的示数随V 2表的示数的增大而增大D.变压器的输入功率在减小 【答案】 B【解析】解：A 、当滑动变阻器触头P 向下移动时，导致总电阻减小，由于用电器是并联接入电路，所以数目增加，故A 错误；B 、由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，A 2的示数变大，输出的功率变大小了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大，所以A 1的示数变大，故B 正确；C 、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，虽然滑动变阻器触头P 向下移动，但由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以V 2的示数不变，故C 错误；D 、变压器的输入电压不变，输入电流变大，根据P=UI ，输入功率变大，故D 错误； 故选：B ．与闭合电路中的动态分析类似，可以根据R 的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况．电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．二、多选题(本大题共5小题，共30.0分) 5.下列说法正确的是（ ）A.温度越高，放射性元素的半衰期越长B.天然放射现象说明原子核内部是有结构的C.汤姆生通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构D.重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能【答案】BD【解析】解：A、半衰期与外界因素无关，A错误；B、天然放射现象说明原子核内部是有结构的，B正确；C、卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构，C错误；D、重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能，D正确；故选BD半衰期与外界因素无关，天然放射现象说明原子核内部是有结构的，卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构．本题考查了原子核的知识和物理学史，象半衰期和裂变、聚变的知识都是考查的重点，要重点掌握．6.关于分子动理论的规律，下列说法正确的是（）A.扩散现象说明物质的分子在做永不停息的无规则运动B.压缩气体时气体会表现出抗拒压缩的力是由于气体分子间存在斥力的缘故C.两个分子距离减小时，分子间引力和斥力都在增大D.两个分子间的距离为r0时，分子势能为0【答案】AC【解析】解：A、扩散现象与布朗运动都是分子无规则热运动的宏观表现，故A正确；B、气体压缩可以忽略分子间作用力，压缩气体时气体会表现出抗拒压缩的力是由于气体压强的原因，故B错误；C、两个分子距离减小时，分子间引力和斥力都增大，故C正确；D、当分子间r＞r0时，分子势能随分子间的距离增大而增大；当分子间r＜r0时，随距离减少而增大；当r=r0时，分子势能最小，但不一定为零，即零势能位置是人为规定的，故D错误；故选：AC分子热运动的特点以及和温度的关系；分子之间作用力以及分子势能大小随着分子之间距离的变化所遵循的规律；正确理解布朗运动、扩散现象的实质、特点．本题考查了分子动理论的有关知识，对于这些知识平时要注意加强理解记忆，同时注意分子力、分子势能与分子之间距离关系．7.图示为某电容传声器结构示意图，当人对着传声器讲话，膜片会振动．若某次膜片振动时，膜片与极板距离增大，则在此过程中（）A.膜片与极板间的电容变小B.极板的带电量增大C.膜片与极板间的电场强度增大D.电阻R中有电流通过【答案】AD【解析】知，U不变的情解：振动膜片振动时，电容器两极板的距离变大，电容减小，由C=QU况下，电容器所带电荷量Q 减小，电容器放电，R 中形成自下向上的电流． 由E=Ud 知，U 不变，d 增大，则场强E 减小，故AD 正确．BC 错误．故选：AD ．电容器极板间距离的变化引起了电容的变化，电容的变化引起了电量的变化，从而场强变化，R 中有电流．本题考查了电容器的动态分析，方法是：从部分的变化引起电容的变化，根据电压或电量不变判断电量或电压的变化．8.某同步卫星距地面高度为h ，已知地球半径为R ，表面的重力加速度为g ，地球自转的角速度为ω，则该卫星的周期为（ ） A.2π√Rg B.2π(R+ℎ)R√R+ℎgC.2πℎR√R g D.2πω【答案】 BD【解析】解：根据万有引力提供向心力列出等式，GMm(R+ℎ)2=m 4π2T 2(R +ℎ)，在地球表面有万有引力等于重力列出等式，GMm R 2=mg联立得：T=2π(R+ℎ)R√R+ℎg．同时根据匀速圆周运动，该卫星的周期T=2πω，故BD 正确，AC 错误；故选：BD ．研究卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式， 在地球表面有万有引力等于重力列出等式，两等式联立表示出周期．本题要求熟练应用万有引力提供向心力的各种表达形式，熟练掌握圆周运动的各个公式，题目难度较大．9.由中国提供永磁体的阿尔法磁谱仪的原理如图所示，其主要使命是探索宇宙中的反物质，所谓反物质，即质量与正粒子相等，带电量与正粒子相等但符号相反．假设使一束质子、反质子、α粒子、α反粒子组成的射线通过OO ′进入匀强磁场B 2中形成四条径迹，则（ ）A.1和2是反粒子径迹B.3和4是反粒子径迹C.2为反质子径迹D.4为α粒子径迹 【答案】 AD【解析】解：在磁场中，粒子做匀速圆周运动，正离子受力向右，右偏转；负离子左偏转；根据洛伦兹力提供向心力，有： qv B=m v 2R解得：R=mv Bq ∝mq故质子与α粒子的半径之比为1：2，即α粒子转弯半径大，故1是反质子，2是反α粒子，3是质子，4是α粒子；故AD 正确，BC 错误； 故选：AD ．粒子先通过速度选择器，然后进入磁场发生偏转；直线运动过程根据洛伦兹力与电场力平衡分析，偏转过程根据洛伦兹力提供向心力列式分析．本题关键是明确粒子的运动规律，要能结合左手定则判断洛伦兹力，还要能根据平衡条件和牛顿第二定律列方程求解．三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)10.现利用图示的装置求弹簧的劲度系数k ，已知弹性势能与其形变量的关系为E p =12kx 2．在图（甲）中，气垫导轨放在水平桌面上，左端有一固定的弹簧P ，一物块A （上面固定有一遮光条，总质量为0.1kg ）在导轨上，向左推A 使其压缩弹簧至某一位置释放，A 向右运动，通过气垫导轨上方的一光电计时器（未完全画出可以记录遮光片通过光电门的时间）．气垫导轨上固定有刻度尺可读出A 的位置坐标．（1）通过刻度尺可读出弹簧的形变量x =5cm ；（2）如图乙用螺旋测微器测出遮光条宽度d = ______ mm（3）根据光电门记录的时间t =1.195×10-4s ，可知A 向左运动的速度v = ______ （用d 、t 符号写表达式）（4）可求出弹簧的弹性势能E p = ______ ；（5）根据关系式E p =12kx 2，可求出劲度系数k = ______ ． 【答案】1.195；dt ；5；4000【解析】 解：（2）由螺旋测微器的读数方法可知，读数为：1.0mm +19.5×0.01=1.195mm ； （3）经过光电门的平均速度可视为该点的瞬时速度，则有：v =dt ；（4）物体获得的动能E K =12mv 2=12×0.1×（0.0011951.195×10−4）2=5J ；由能量守恒可知，弹簧的弹性势能等于物体的动能，即E P =5J ；（5）由能量守恒可知，弹簧的弹性势能等于物体的动能，故5=12kx 2； 解得：K=4000N/m ；故答案为：（2）1.195； （3）dt ； （4）5J ； （5）4000N/m （2）螺旋测微器读数方法为固定部分刻度加上转动部分刻度与0.01的乘积； （3）经过光电门的平均速度等于该点的瞬时速度，由平均速度公式求解； （4）由动能公式求解动能，再由能量守恒可求得弹簧的弹性势能；（5）由弹簧弹性势能的表达式可求得劲度系数．本题考查了螺旋测微器的读数原理、胡克定理及能量守恒定律的应用，要注意明确实验原理，能通过分析得出弹性势能的计算方法．11.在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用米尺测出金属丝的长度L，用伏安法测出金属丝的电阻R（金属丝的电阻大约为5Ω）．（1）金属材料的电阻率为ρ= ______ （用题目所给字母表示），（2）如图所示实验方案中电阻率的测量值______真实值（填“大于”“小于”或“等于”）（3）为测金属丝的电阻，取来两节新的干电池、开关和若干导线及下列器材：①电压表0～3V～15V，内阻约50kΩ②电流表0～0.6A～3A，内阻约0.5Ω③滑动变阻器0～20Ω④滑动变阻器0～100Ω下列说法正确的是______A．电流表量程应选用0.6A B．滑动变阻器应选用③C．实验时通电时间不宜过长D．d值只需在金属丝中央测量一次即可（4）实验中某同学的实物接线如上图所示，请指出该同学接线中的两处明显错误．错误1：______错误2：______ ．【答案】Rπd24L；大于；ABC；导线接在滑动变阻器的滑片上；电压表量程接错了【解析】解：（1）电阻丝电阻：R=ρLS =ρLπ(d2)2，则电阻率：ρ=Rπd24L；（2）考虑电流表的分压作用，待测电阻的真实值应为R真=U−U AI ＜R测=UI，即测量值大于真实值；（3）A、两节干电池电动势共为3V，根据欧姆定律，I≈ER =35=0.6A，电流不超过0.6A，故电流表同样选择小量程的，故A正确；B、滑动变阻器的特点是：电阻大的调节精度低，电阻变化快，操作不方便，故选小电阻的，故B正确；C、实验时通电时间不宜过长，否则会导致电阻率变大，即电阻会变化，故C正确；D、d值需在金属丝不同位置测量多次，再取平均值即可，故D错误；故选：ABC．（4）伏安法测电阻时，测量较大电阻用安培表内接法，测量较小电阻用安培表外接法，本题待测电阻与安培表电阻相接进，故采用安培表外接法；同时电压表量程接错了，应该是3V；还有导线不应该接在滑片上；故答案为：（1）Rπd24L；（2）大于；（3）ABC；（4）导线接在滑动变阻器的滑片上；电流表采用了内接；或电压表量程接错了．（1）应用电阻定律求出电阻率的表达式；（2）将电流表的内阻考虑在内，写出待测电阻的真实值表达式，然后再与测量值比较即可；（3）两节干电池电动势共为3V，为减小读数误差，选小量程电压表；根据欧姆定律，电流不超过0.6A，故电流表同样选择小量程的；为使操作方便，滑动变阻器选择与电阻接进的；并根据测量多次，取平均值．（4）连线电路要注意：电表极性不能接反，量程选择恰当的，安培表内外接法的选择，及导线接在滑片上，从而即可求解．考查进行待测电阻误差分析时，应将电压表或电流表的内阻考虑在内，然后根据欧姆定律列出真实值表达式，再与测量值比较即可；掌握电流表外接法还是内接法的判定，理解电阻定律的内容．四、计算题(本大题共2小题，共36.0分)12.如图甲所示，一长为L=2m的金属“U”型框与间距也为L的两平行金属板AB相连，两板之间用一绝缘光滑水平杆相连，一质量为M=0.1kg，电量大小为q=0.1c可看成质点的带电小球套在杆中并靠近A板静止，从t=0时刻开始，在“U”型框宽为d=0.5m内加入垂直纸面向外且大小随时间变化的磁场（如图乙所示）后，发现带电小球可以向右运动．求：（1）小球带何种电荷（2）小球达到B板时的速度大小（3）通过分析计算后在丙图坐标系中作出小球在AB杆上的v-t图象．【答案】解：（1）根据垂直纸面向外且大小随时间变化的磁场，结合楞次定律可知，A是负极，B是正极，因小球向右运动，即电场力向右，则小球带负电荷；Ld=1V（2）两极板间的电势差U=△B△t用E=UL因F=E q及a=FM那么a=quML =0.1×10.1×2=12m/s2；解得S1=12at2=1mv1=at=1m/s以后一直匀速运动，即达B板速度为1m/s（3）加速距离S=1m匀速运动时间T=2−11=1s作图如下：答：（1）小球带负种电荷；（2）小球达到B板时的速度大小1m/s；（3）小球在AB杆上的v-t图象如上所示．【解析】（1）根据楞次定律判定感应电流方向，从而确定电势的高低，再由电场力的方向，进而确定电荷的电性；（2）根据法拉第电磁感应定律，结合E=Ud，及牛顿第二定律与运动学公式，即可求解；（3）根据加速距离，即可运动时间，从而作图求得．考查楞次定律与法拉第电磁感应定律的应用，掌握牛顿第二定律与运动学公式的内容，注意电源内部的电流方向是从负极流向正极，同时掌握作图的细节．13.如图甲，一轻质弹簧置于水平桌面上自然伸长，其左侧固定，右端Ⅱ点到桌面最右端B的距离为1.9m．水平桌面Ⅰ点左侧光滑．长L=1.8m的平板车紧靠桌面停放平板车上表面与桌面在同一水平面内，平板车右端拴一水平细绳，细绳另一端紧绕在半径R=0.5m的薄壁圆筒上．用质量m=0.2kg小物块P1往左将弹簧压缩0.1m（未超出弹性限度，P l与弹簧不粘连）时释放，P l的速度图象如图乙所示，其中滑经点时速度v A=10.0m/s．P1滑至桌面右端与静止在平板车左侧、与P1完全相同的小物块发生完全非弹性碰撞，碰撞后速度v=4.5m/s．与此同时．开启电动机，使得圆筒由静止开始如图绕竖直轴转动，转动角速度满足ω=βt（β为常数，t为时间）．已知小物块与平板车的动摩擦因数μ2=0.5，小物块在平板车上运动时，圆筒与平板车间的细绳始终处于绷紧状态．设最大静摩擦等于滑动摩擦，取g=10m/s2，求：（1）P l被弹出时的最大加速度及弹簧的劲度系数；（2）小物块与桌面AB段的动摩擦因数；（3）要使滑块不从平板车上掉下，求β取值范围．【答案】解：（1）由v-t图象可知，刚释放弹簧时，p1的加速度等于图象得斜率为：a=k=5.00.5×10=1×103m/s2此时弹簧弹力为：F=kx=ma，解得：k=max =0.2×1×1030.1=2×103N/m．（2）设P1与p2碰撞前的速度为v1，规定v方向为正方向，对p1p2整体，由动量守恒得：mv1=2mv，解得：v1=9m/sp1由A运动到B的过程中，由动能定理得：−μmgs=12mv12−12mv A2，即：−μ×0.2×10×1.9=12×0.2×92−12×0.2×102解得：u=0.5，（3）平板车运动得速度为：v车=ωR=βR t，由加速度定义式得：a车=△v△t=βR，小物块在平板车上滑动时，由牛顿第二定律得：μmg=ma物，解得：a物=μg=0.5×10=5m/s2一要使物块恰好不从车上滑下则：a车=a物，解得：β=10rad/s，第二种情况，设经过时间t物块滑至车最右端C，且速度与车相同，得：v t=v-a物t=a车t，位移满足：v+v t2t=12a车t2+L，联立解得：β=1.25rad/s，综上所述：1.25rad/S≤β≤10rad/S答：（1）P l被弹出时的最大加速度为1×103m/s2，弹簧的劲度系数为2×103N/m；（2）小物块与桌面AB段的动摩擦因数为：0.5；（3）β取值范围为：1.25rad/S≤β≤10rad/S【解析】（1）根据v-t图象可求解加速度，再由牛顿第二定律求解劲度系数．（2）有动量守恒求解碰前的速度，结合动能定理求解摩擦因数．（3）找到物块不从小车上滑下的临界条件，一是两者加速度相同，二是速度相同时满足一定的位移关系，按照规律求解即可．本题综合考查了动量守恒定律、能量守恒定律，综合性较强，对学生的能力要求较高，注重过程的分析，找到之间的联系关系，要加强这类题型的训练．。
2015年广东高考物理试卷和答案详细讲解
2015年广东高考理科综合(物理部分)试题和答案(word版)(第Ⅰ卷选择题.共46分)13.甲乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动.前1小时内的位移-时间图像如图3所示。
下列表述正确的是A．0.2-0.5小时内.甲的加速度比乙的大B．0.2-0.5小时内.甲的速度比乙的大C．0.6-0.8小时内.甲的位移比乙的小D．0.8小时内.甲、乙骑行的路程相等14.如果4所示.帆板在海面上以速度v朝正西方向运动.帆船以速度v朝正北方向航行.以帆板为参照物A．帆船朝正东方向航行.速度大小为vB．帆船朝正西方向航行.速度大小为vC．帆船朝南偏东45°方向航行.速度大小为2vD．帆船朝北偏东45°方向航行.速度大小为2v15.图5为气流加热装置的示意图.使用电阻丝加热导气管.视变压器为理想变压器.原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变.调节触头P.使输出电压有效值有220V降至110V。
调节前后A．副线圈中的电流比为1:2B．副线圈输出功率比为2:1C．副线圈的接入匝数比为2:1D．原线圈输入功率比为1:216.在同一匀强磁场中.α粒子（42He）和质子(11H )做匀速圆周运动.若他们的动量大小相等.则α粒子和质子A．运动半径之比是2:1B．运动周期之比是2:1C．运动速度大小之比是4:1D. 受到的洛伦兹力之比是2:117.图6为某实验器材的结构示意图.金属内筒和隔热外筒间封闭了一定体积的空气.内筒中有水.在水加热升温的过程中.被封闭的空气A.内能增大B.压强增大C.分子间引力和斥力都减小D.所有分子运动速率都增大18.科学家使用核反应获取氚.再利用氘和氚 核反应获得能量.核反应方程分别为：4321 4.9e X Y H H MeV +→++和23411217.6e H H H X MeV +→++.下列表述正确的有A.X 是中子B.Y 的质子数是3.中子数是6C.两个核反应都没有质量亏损D.氘和氚的核反应是核聚变反应19.如图7所示.三条绳子的一端都系在细直杆顶端.另一端都固定在水平面上.将杆竖直紧压在地面上.若三条绳长度不同.下列说法正确的有A.三条绳中的张力都相等B.杆对地面的压力大于自身重力C.绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D.绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力.20.在星球表面发射探测器.当发射速度为v 时.探测器可绕星球表面做匀速圆周运动；当发射速度达到2v 时.可摆脱星球引力束缚脱离该星球.已知地球、火星两星球的质量比约为10:1半径比约为2:1.下列说法正确的有A.探测器的质量越大.脱离星球所需的发射速度越大B.探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大C.探测器分别脱离两星球所需要的发射速度相等D.探测器脱离星球的过程中势能逐渐变大21.如图8所示的水平匀强电场中.将两个带电小球M和N分别沿图示路径移动到同一水平线上的不同位置.释放后.MN保持静止.不计重力.则A.M的带电量比N大B.M带负电荷.N带正电荷C.静止时M受到的合力比N大D.移动过程中匀强电场对M做负功34．（1）（8分）某同学使用打点计时器测量当地的重力加速度。
2015年5月2015届高三第四次全国大联考(广东版)英语卷(正式考试版)
绝密★启用前【学科网学易大联考】2015年第四次全国大联考（广东版）英语试题本试卷共有三大题，满分135分。
考试用时120分钟。
注意事项：1.答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号、试室号、座位号填写在答题卡上，并用2B铅笔在答题卡上的相应位置填涂考生号。
2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。
3.非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
4.匹配题如果选E，请涂AB；如果选F，则涂CD。
I . 语言知识及应用（共两节，满分45分）第一节完形填空(共15小题；每小题2分，满分30分)阅读下面短文，掌握其大意，然后从1～15各题所给的A、B、C和D项中，选出最佳选项，并在答题卡上将该项涂黑。
The Power of Chance―Chance is always powerful. Let your hook always be cast, in the pool where you least expect it, there will be a 1 .‖ —OvidI really admire Ovid, for he is expressing a popular belief that you must be 2 to new opportunities, never judge potential prospects, and never 3 . If we cast our hooks into all the possible 4 , then somehow, somewhere, we will catch a fish.This remarkable quotation of Ovid’s reminds me of the popular 5 : ―When God closes a door, somewhere, he opens a window.‖ because both of these maxims are 6 the same concept: that we can find fish in places that may seem 7 . We always hear those stories: the famous 8 who wanted to play football but got cut from the team, so he took up piano. Stories likes this go on and on. The people who would never be 9 they are t oday if they hadn’t been open to other10 . One of the most well-known examples of Ovid’s legendary insight is the man who 11 America to be the world power today, George Washington. I’ll bet you didn’t know that one of our Founding Fathers12 wanted to be the Commander in Chief of our Continental Army or the First President of these United States. 13 , George Washington wanted to be a general in the British Army, but he was demoted. How 14 our country would be today if Washington had stayed in the Loyalist Army!Chance is really a funny thing. What forms chance? Maybe we’ll never know, but perhaps, in his 15 , Ovid did.1.A. opportunity B. belief C. story D. fish2. A. open B. accustomed C. grateful D. similar3. A. turn up B. end up C. give up D. stay up4. A. rivers B. pools C. seas D. lakes5. A. expression B. phrase C. song D. proverb6. A. saying B. displaying C. predicting D. expressing7. A. unexpected B. unsuitable C. incorrect D. possible8. A. player B. athlete C. musician D. millionaire9. A. who B. that C. whom D. where10. A. change B. opportunities C. field D. world11. A. led B. got C. educated D. taught12. A. ever B. just C. yet D. never13. A. Unfortunately B. Actually C. Eventually D. Particularly14. A. different B. peaceful C. powerful D. important15. A. soul B. heart C. wisdom D. eyes第二节语法填空(共10小题；每小题1.5分，满分15分)阅读下面短文，按照句子结构的语法性和上下文连贯的要求，在空格处填入一个适当的词或用括第3页共14页◎第4页共14页号中词语的正确形式填空，并将答案填写在答题卡标号为16～25的位置上。
2015届高三物理第四次联考试题(含解析)
物理试卷考生注意：1．本试卷共100分。
考试时间90分钟。
2．答题前，考生务必将密封线内的项目填写清楚。
3．请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。
4．本试卷主要考试内容：必修1，必修2，选修3—1电场和恒定电流。
第I 卷 (选择题 共40分)选择题局部共10小题．每一小题4分．共40分。
在每个小题给出的四个选项中，1～6小题只有一个选项正确．7～10小题有多个选项正确；全部选对的得4分．选对但不全的得2分．有选错或不答的得0分。
1．足球以8 m ／s 的速度飞来，运动员把它以12 m ／s 的速度反向踢回，踢球时间是0.2 s ， 以球飞来的方向为正方向，如此足球在这段时间内的加速度为A . —200m ／s 2B . 200 m ／s 2C . —100 m ／s 2D ．100 m ／s 2答案．C解析：a=t v ∆∆=2.0812--m /s 2 =—100m ／s 2，选项c 正确。
2．某同学上过体育课后用网兜把质量为m 的足球挂在光滑竖直墙壁上的P 点，悬线与墙面的夹角为θ，重力加速度为g,网兜的重力不计，如此足球对墙壁的压力为A . mgtan θB . mgsin θC . mgcos θD ．θsin mg答案．A解析：对足球受力分析如下列图，由几何关系可得：N ＝mgtan θ，根据牛顿第三定律，足球对墙壁的压力为mgtan θ，选项A 正确。
3．将一质量为m 的小球靠近墙面竖直向上抛出，图甲是向上运动的频闪照片，图乙是下降时的频闪照片，O 是运动的最高点，甲、乙两次的闪光频率一样。
重力加速度为g ，假设小球所受阻力大小不变，如此可估算小球受到的阻力大小约为A . mgB .21mg C .31mg D . 101mg答案．B解析：设每块砖的厚度是d ，向上运动时：9d-3d=aT 2，向下运动时：3d-d=a /T 2，联立解得：a ：a / = 3：1，根据牛顿第二定律：mg+f = ma 、mg 一f=ma /，联立解得：f = mg /2。
2015年5月2015届高三第四次全国大联考(新课标I卷)物理卷
绝密★启用前2015年第四次全国大联考【新课标全国Ⅰ卷】理科综合·物理试题考试范围：高考全部内容；注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分110分，考试时间60分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出．．答题区域书写的答案无效，在试题卷、．．．．．．．．．．．．．．．．．草稿纸上作答无效．．．．．．．．。
第I 卷（选择题 共48分）本卷共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．关于物理学的叙述，下列说法正确的是（ ）A ．力学中的三个基本物理量是力、长度和时间B ．卡文迪许被称为能称出地球质量的人C ．“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推”的科学推理方法是牛顿开创的D ．伽利略通过研究行星观测记录，发现了行星运动的三大定律15．甲、乙两个质点运动的速度—时间图象如图所示，0t =时乙在甲前方0s 处，已知在10t -时间内乙的位移为s，则关于甲、乙的运动，下列分析正确的是（ ）A ．10t -时间内甲的位移为2sB ．甲的加速度和乙的加速度相同D ．若甲、乙在12时刻相遇，则下次相遇在12时刻 16．如图示，每个足球质量都是m ，最下面是三个足球刚好接触摆成三角形，上面一只足球在它们的正上面静止不动，假设最大静摩擦等于滑动摩擦且足球规格相同。
则下列说法正确的是（ ）A B ．下层每个足球受到地面的支持力都为mgC ．水平地面可能是光滑的D ．下层足球之间可能有弹力17.如图所示的虚线为三个相邻等势面，相邻等势面之间电势差相等，则下列说法正确的是（ ）A ．A 点电场强度大于B 点电场强度B ．若点电荷在A 点电势能大于在B 点电势能，则把该电荷从A 点移动到B 点电场力做负功C ．若负点电荷在A 点电势能大于在B 点电势能，则B 点电势高于A 点电势D ．这可能是个点电荷形成的电场18．利用与水平面夹角为θ的传送带把从固定高度平抛的物体转运到地面，安全手册要求平抛的位移最短，则下列分析正确的是（ ）A ．物件在空中运动的过程中，速度是不均匀变化的B ．物件下落的竖直高度与水平位移之比为2tan θC ．从抛出到落到传送带上面经历的时间为02tan v t g θ=D ．物件做平抛运动的最小位移为202tan v θ19．北斗增强系统建成后，将可以为中国境内的用户提供分米级的定位服务，部分地区甚至可以达到厘米级。
【备战2015】全国2015届高考物理试题汇编(第四期)I2电场的能的性质(含)课件
I2 电场的能的性质【题文】（理综卷·2015届广东省广州市海珠区高三摸底考试（2014.08））15．一带电粒子（仅受电场力）在匀强电场中从A 运动到B ，运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下. 下列判断正确的是A ．粒子带正电B ．A 点电势高于B 点电势C ．粒子做匀变速曲线运动D ．粒子电势能增加【知识点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理；电势能． I2 I3【答案解析】 C 解析：：A 、粒子由a 到b ，运动轨迹向上弯曲，可判断粒子受的合力向上，则电场力向上，故粒子带负电，故A 错误；B 、沿电场线方向，电势降低，所以A 点电势低于B 点电势，故B 错误；C，加速度不变，所以做匀变速曲线运动，故C 正确；D 、电场力向上，由于电场力做正功，故电势能一定减小，故D 错误；故选C【思路点拨】由粒子的运动轨迹弯曲方向可知粒子电性，则可求得电场力对粒子所做的功的正负，由动能定理可求得动能的变化；并能判断电势能的变化．带电粒子在电场中的偏转类题目，较好的考查了曲线运动、动能定理及能量关系，综合性较强，故在高考中经常出现，在学习中应注意重点把握．【题文】（物理卷·2015届江西省师大附中等五校高三第一次联考（2014.08））6. 对于真空中电荷量为q 的静止点电荷而言，当选取离点电荷无穷远处的电势为零时，离点电荷距离为r 处的电势为φ=kq/r （k 为静电力常量），如图所示，两电荷量大小均为Q 的异种点电荷相距为d ，现将一质子（电荷量为e ）从两电荷连线上的A 点沿以负电荷为圆心、半径为R 的半圆形轨迹ABC 移到C 点，在质子从A 到C 的过程中，系统电势能的变化情况为（ ）BAC【知识点】电势能；电势．I2【答案解析】 A 解析：A点的电势为φA C点的电势为φC=-k则A、C间的电势差为U AC=φA-φC质子从A移到C，电场力做功为W AC=eU AC A正确．故选：A．【思路点拨】根据题中信息φ分别求出质子在A点和C点的电势，由公式E p=qφ求解电势能及其变化量．本题是信息给予题，关键要读懂题意，知道如何求解电势，并掌握电场力做功公式和电场力做功与电势能变化的关系．【题文】（物理卷·2015届天津一中高三上学期零月月考（2014.09））9. 两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A点为MN上的一点．一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作用下运动．取无限远处的电势为零，则（）A．q由A向O的运动是匀加速直线运动B．q由A向O运动的过程电势能逐渐减小C．q运动到O点时的动能最大D．q运动到O点时电势能为零【知识点】电势能．I2【答案解析】 BC解析：A、两等量正电荷周围部分电场线如右图所示，其中P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O 过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向．故试探电荷所受的电场力是变化的，q由A向O的运动做非匀加速直线运动，故A错误．B、电场力方向与AO方向一致，电场力做正功，电势能逐渐减小；故B正确．C、从A到O过程，电场力做正功，动能增大，从O到N过程中，电场力做负功，动能减小，故在O点试探电荷的动能最大，速度最大，故C 正确．D、取无限远处的电势为零，从无穷远到O点，电场力做正功，电势能减小，则q运动到O点时电势能为负值．故D错误．故选BC【思路点拨】本题要根据等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性，分析试探电荷的受力情况，分析其运动情况，根据电场力做功情况，分析其电势能的变化情况．本题考查静电场的基本概念．关键要了解等量同种点电荷电场线的分布情况，运用动能定理进行分析．【题文】（物理卷·2015届浙江省温州市十校联合体（温州中学等）高三上学期期初联考（2014.08））7.如图所示，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹。
全国高三理综第四次大联考试卷(无答案)1
2015年第四次全国大联考【新课标Ⅱ卷】理科综合能力测试题号一二总分得分注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分300分，考试时间150分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
第Ⅰ卷一、选择题（本题包括13小题，每小题6分。
在每小题的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．科学家尝试用35S标记一定量的氨基酸，来培养该哺乳动物的乳腺细胞。
则实验期间该乳腺细胞分泌的四种物质中，没有放射性的物质是（）A．乳蛋白B．乳脂C．抗体D．免疫球蛋白2．下图中的曲线甲代表某种酶在温度与pH值确定的条件下，进行催化反应的速率与底物浓度的关系。
当达到最大反应速率时所需的底物浓度是2 mM。
下列叙述不正确的是（）A．若加入某化学物质后反应曲线变为乙，说明该物质能抑制反应的进行B．曲线乙达到最大反应速率的一半时，所需底物浓度大概是1．5 mMC．若该酶是唾液淀粉酶，改变pH值有可能使反应曲线由甲变为丙D．若改变温度使反应曲线由甲变为丙，曲线甲所处温度为最适温度3．某生物的基因型为AaBb，其体内一个精原细胞通过减数分裂产生四个配子（不考虑突变）。
下列说法正确的是（）A．交叉互换发生于次级精母细胞中B．交叉互换是染色体变异的形式之一C．若无交叉互换，则只产生两种配子D．若有交叉互换，只有当两对基因分别位于两对同源染色体上时才能产生四种配子；否则只能产生两种配子4．科学家对白虎与黄虎的相关基因组分析，发现白虎毛色的形成，是由于某转运蛋白质第477位氨基酸位置上丙氨酸转变成了缬氨酸，导致色素水平下降，白虎的生理健康状况与黄虎没有差异。
【整理 】2015届高三第四次联考物理试卷 Word版含答案1
2014-2015第四次联考物理试题（满分300分，考试时间150分钟）本卷分第Ⅰ卷（选择题）和第II卷。
第Ⅰ卷均为必考题，第II卷包括必考和选考两个部分。
相对原子质量：H-1 O-16 C-12 S-32 N-14 Fe-56 Cl-35.5 Ca-40 Na-23第Ⅰ卷（必考）本卷共18小题，每小题6分，共108分。
选择题（本题共18小题。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。
）13.我国正在自主研发“北斗二号”地球卫星导航系统，此系统由中轨道、高轨道和同步卫星等组成，可将定位精度提高到“厘米”级，会在交通、气象、军事等方面发挥重要作用．已知三种卫星中，中轨道卫星离地最近，同步卫星离地最远．则下列说法中正确的是A．中轨道卫星的线速度小于高轨道卫星的线速度B．中轨道卫星的角速度小于同步卫星的角速度C．若一周期为8h的中轨道卫星，某时刻在同步卫星的正下方，则经过24 h仍在该同步卫星的正下方D．高轨道卫星的向心加速度小于同步卫星的向心加速度14.某物体由静止开始做直线运动，物体所受合力F随时间t的变化图象如图所示，下列关于该物体运动情况的说法正确的是A．物体在2～4 s内做匀加速直线运动B．物体在4 s末离出发点最远C．物体始终向同一方向运动D．物体在0～4 s和在4～8 s内的位移相同15.如图所示，质量为M、倾角为θ的斜面体置于光滑水平地面上，要使原来与斜面接触的质量为m的小球做自由落体运动，则向右拖斜面体的水平力F的大小至少为C Mgθ D.MgsinθB Mgθ.cos.cotA Mgθ.tan16.如图所示，质量为m的物块与转台之间能出现的最大静摩擦力为物块重力的k倍，物块与转轴OO′相距R，物块随转台由静止开始转动，当转速增加到一定值时，物块即将在转台上滑动，在物块由静止到滑动前的这一过程中，转台的摩擦力对物块做的功为ks5uA ．0B ．2πkmgRC ．2kmgRD.12kmgR 17.某一电源的路端电压与电流的关系和电阻1R 、2R 的电压与电流的关系如图所示．用此电源和电阻1R 、2R 组成电路，1R 、2R 可以同时接入电路，也可以单独接入电路，为使电源输出功率最大，可采用的接法是A ．将1R 单独接到电源两端B ．将2R 单独接到电源两端C ．将1R 、2R 串联后接到电源两端D ．将1R 、2R 并联后接到电源两端18.空间有一沿x 轴对称分布的电场，其电场强度E 随x变化的图象如图所示，下列说法中正确的是A ．O 点的电势最低B ．x 2点的电势最高C ．x 1和－x 1两点的电势相等D ．x 1和x 3两点的电势相等第Ⅱ卷 （必考）第Ⅱ卷必考部分共9题，共157分19.(1)（6分）某实验小组利用如下图甲所示的实验装置来探究当合外力一定时，物体运动的加速度与其质量之间的关系．由图中刻度尺读出两个光电门中心之间的距离x ，由下图乙中游标卡尺测得遮光条的宽度d ＝________cm.该实验小组在做实验时，将滑块从上图甲所示位置由静止释放，由数字计时器可以读出遮光条通过光电门1的时间Δt 1，遮光条通过光电门2的时间Δt 2，则滑块的加速度的表达式a ＝________ .(以上表达式均用字母表示)乙图(2)（12分）如图2 -4 -17，甲为一段粗细均匀的新型导电材料棒，现测量该材料的电阻率．①首先用多用电表的欧姆挡（倍率为“×10”）粗测其电阻，指针位置如图乙所示，其读数R=____ ．（4分）②然后使用以下器材用伏安法尽可能精确地测量其电阻：A．电流表：量程为30mA，内阻约为0.1Ωks5uB．电压表：量程为3V，内阻约为3 KΩC．滑动变阻器：最大阻值为20 Ω，额定电流1AD．低压直流电源：电压4V，内阻忽略F. 电键K，导线若干在方框中画出实验电路图．（4分）③如果实验中电流表示数为I，电压表示数为U，并测出该棒的长度为L.直径为d，则该材料的电阻率ρ= （用测出的物理量的符号表示）．（4分）20.（15分）如图所示，A物体用板托着，位于离地h=1.0m处,轻质细绳通过光滑定滑轮与A、B相连，绳子处于绷直状态，已知A物体质量M=1.5㎏，B物体质量m=1.0kg，现将板抽走,A将拉动B上升，设A与地面碰后不反弹，B上升过程中不会碰到定滑轮，问：ABh（1）A落地前瞬间的速度大小为多少？（2）B物体在上升过程中离地的最大高度为多大？21．(19分) 如图所示，两块竖直放置的足够长的平行金属板A、B，板距d＝0.04m，两板间的电压U＝400V，板间有一匀强电场．在A、B两板上端连线的中点Q的正上方，距Q为h＝1.25m的P点处有一带正电小球，已知小球的质量m＝5×10－6kg，电荷量q＝5×10－8C．设A、B板长度无限，g取10m/s2．试求：（1）带正电小球从P点开始由静止下落，经多长时间和金属板相碰？（2）相碰时，离金属板上端的距离多大？22.（20分）如右图所示，水平光滑绝缘轨道MN的左端有一个固定挡板，轨道所在空间存在E＝4.0×102N/C、水平向左的匀强电场．一个质量m＝0.10 kg、带电荷量q＝5.0×10－5 C的滑块(可视为质点)，从轨道上与挡板相距x1＝0.20 m的P点由静止释放，滑块在电场力作用下向左做匀加速直线运动．当滑块与挡板碰撞后滑块沿轨道向右做匀减速直线运动，运动到与挡板相距x2＝0.10 m的Q点，滑块第一次速度减为零．若滑块在运动过程中，电荷量始终保持不变，求：(1)滑块沿轨道向左做匀加速直线运动的加速度的大小；(2)滑块从P点运动到挡板处的过程中，电场力所做的功；(3)滑块第一次与挡板碰撞过程中损失的机械能选考部分第Ⅱ卷选考部分共5题，共35分。
广东省华附、广雅、省实、深中2015届高三上学期期末四校联考理综试卷 Word版含答案.pdf
⑤（1分）开关闭合前滑动变阻器的滑片应先滑到
端（填“A”或“B”）。
35．（18分）示波器的示波管中电子束是用电偏转技术实现的，电视机的显像管中电子束是用磁偏转技术实现的。
图为磁场或电场实现电子束偏转的示意图，M为显示屏。已知灯丝正常工作，由灯丝发射出来的电子初速度可认为零
，经加电子质量电荷量当加磁场时让电子束射到边缘偏转sin53°=0．cos53°=0．
。
（4）为有效防止种子胎萌，延长种子的休眠期，可用0．01-0．5%的青鲜素在收获种子的前20天喷施进行调控。青
鲜素GTCATCGCAC 3′，为了研究基因A需进行PCR扩增，两条引物序列分别为
和
（假定
引物长度为8个碱基,标出5′和3′端）Ⅱ5基因型为
；Ⅰ1个体一个精原细胞因一次分裂差错产生
了一个基因型为aXBY的精子,则该精原细胞产生的另外3个精子的基因型分别为
取地形特征和植被类型基本一致两样地（距约30km），样地1高原鼠兔繁殖初期密度为35只/hm2，样地2密度繁殖初
期高原鼠兔为12只/hm2。在高原鼠兔的不同繁殖时期各样地内
，从其颈部取血4ml进行皮质酮水平的
测定。
根据实验结果回答下列问题：
（1）请补充实验简要过程空白处：
。
（2）样地1和样地3的高原鼠兔
下降的原因可能是
。
（3）下表为不同光强处理对该桃树和某种栎树的相关光合参数的影响
光合参数
(μmol·m-2·s-1)CKT1T2桃树栎树桃树栎树桃树栎树光补偿点
29．720．718．2752．55221164．5417．5Rubisco酶是植物光合作用过程中一个关键酶所催化的反应是无机碳进入生物
（1）生长素的化学本质是
【整理解析】2015届高三第四次联考物理试卷 Word版含解析
七校理综物理13、欧洲天文学家发现了可能适合人类居住的行星“格里斯581c”．该行星的质量是地球的m 倍，直径是地球的n 倍．设在该行星表面及地球表面发射人造卫星的最小发射速度分别为12v v 、，则12v v 的比值为A.3m n B. m n C. 3m n D. m n【答案】D星球表面发射人造卫星的最小发射速度即第一宇宙速度，根据万有引力提供向心力得：22Mm v G m R R＝解得：GM M v R R=∝该行星的质量是地球的m 倍，直径是地球的n 倍，故：12v mv n=。
故选D 。
【考点】万有引力定律14．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中Ｍ点以相同速度飞出a 、b 两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示．则（ ） A ．A 一定带正电，b 一定带负电 B ．A 的速度将减小，b 的速度将增加 C ．A 的加速度将减小，b 的加速度将增加 D ．两个粒子的电势能一个增加一个减小 【答案】CA 、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，所以能判断a 、b 一定带异种电荷，但是不清楚电场的方向，所以不能判定哪一个是正电荷，哪一个是负电荷，故A 错误； C 、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a 受力减小，加速度减小，b 受力增大，加速度增大，故C 正确；BD 、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，所以电势能都减小，故BD 错误。
故选C 。
【考点】电场线；电场强度；电势能15.一列沿x 轴传播的简谐横波，振幅为A ，波长为λ，某时刻的波形图如图所示，在该时刻某一质点的坐标为(λ，0)，经41T 后，该质点的坐标有可能为（ ） ①45λ，0 ②λ，-A ③λ，A ④45λ，A A.只有② B.②③ C.只有① D.只有④ 【答案】B若波沿+x 方向传播，则经41T 后该质点到达波谷，即②正确； 若波沿－x 方向传播，则经41T 后该质点到达波峰，即③正确。
2015年广东卷理综物理高考试卷(原卷 答案)
绝密★启用前2015年普通高等学校招生全国统一考试(广东卷)理综物理本试卷共12题，共100分。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。
1．甲、乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前1小时内的位移-时间图像如图所示。
下列表述正确的是A．0.2—0.5小时内，甲的加速度比乙的大B．0.2—0.5小时内，甲的速度比乙的大C．0.6—0.8小时内，甲的位移比乙的小D．0.8小时内，甲、乙骑行的路程相等2．如图所示，帆板在海面上以速度v朝正西方向运动，帆船以速度v朝正北方向航行，以帆板为参照物A．帆船朝正东方向航行，速度大小为vB．帆船朝正西方向航行，速度大小为vC．帆船朝南偏东45°D．帆船朝北偏东45°3．如图为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变压器为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变，调节触头P，使输出电压有效值由220V降至110V。
调节前后A ．副线圈中的电流比为1:2B ．副线圈输出功率比为2:1C ．副线圈的接入匝数比为2:1D ．原线圈输入功率比为1:24．在同一匀强磁场中，α粒子（42He ）和质子（11H ）做匀速圆周运动，若它们的动量大小相等，则α粒子和质子 A ．运动半径之比是2:1 B ．运动周期之比是2:1C ．运动速度大小之比是4:1D ．受到的洛伦兹力之比是2:1二、双项选择题：本大题5小题，每小题6分，共30分。
2015年广东四校联考理综
2015届高三上学期期末华附、省实、广雅、深中四校联考理科综合13.下列说法正确的是①牛顿通过扭秤实验较为精确地测出了万有引力恒量②法拉第发现了电磁感应定律③根据部分电路欧姆定律可得I和U成正比，I和R成反比④质点、位移都是理想化模型⑤在任何单位制中，牛顿第二定律的公式F=kma中的K都等于1⑥放在通电导线周围的小磁针会发生偏转，这种现象属于静电现象A．①②③ B. ②③ C. ②③④ D .以上答案均不对14．如图所示的匀强磁场中有一个矩形闭合导线框．在下列四种情况下，线框中会产生感应电流的是A．如图甲所示，保持线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中左右运动B．如图乙所示，保持线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中上下运动C．如图丙所示，线框绕位于线框平面内且与磁感线垂直的轴线AB转动D．如图丁所示，线框绕位于线框平面内且与磁感线平行的轴线CD转动15．质量为1kg的物体在竖直向上的拉力和重力的作用下运动，规定竖直向上为正方向，其运动的v－t图像如图所示．则A．0～5s内的物体向上运动，10～25s内物体向下运动B．0～5s内拉力做正功，10～20s内拉力也做正功C．0～10s内物体的平均速度为1m/sD．第2.5s末和第15s末，重力的瞬时功率不相同16.如图所示，质量为m的物体在沿斜面向上的拉力F作用下，斜面的倾角为，沿放在水平地面上的质量为M的粗糙斜面匀速上滑，此过程中斜面体保持静止，则以下说法正确的是A．斜面对物体的摩擦力为B. 斜面对物体的作用力大小为mg,方向竖直向上C．地面对斜面的摩擦力为零D．地面对斜面的支持力小于（M+m）g二、双项选择题：（本大题共9小题，每小题6分，共54分；在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求．全部选对的得6分，只选一个且正确的得3分，有选错或不答的得0分。
）17.如图所示两个内壁光滑、半径不同的半球形碗，放在不同高度的水平面上，使两碗口处于同一水平面．现将质量相同的两个小球（小球半径远小于碗的半径），分别从两个碗的边缘由静止释放（忽略空气阻力），则A. 小球在碗中做匀速圆周运动B. 过最低点时，两小球都处于超重状态C. 过最低点时，两小球的角速度大小相等D. 过最低点时，两小球的机械能相等18.已知地球半径为R，地球自转周期为T，同步卫星离地面的高度为H，万有引力恒量为G，则以下说法正确的是2p（R＋H）A．同步卫星绕地球运动的线速度为TB．同步卫星绕地球运动的线速度为C．地球表面的重力加速度为4p2（R＋H）3D．地球的质量为GT219．如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极板接地.一带负电的油滴位于容器中的P点且处于静止状态．现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，则A．带电油滴将竖直向下运动B．带电油滴的机械能将增加C．P点的电势将升高D．电容器的电容增加，极板带电量增加20．如图所示，电动势为E、内阻为r的电源与三个灯泡和三个电阻相接。
全国高三物理第四次大联考试卷(无答案)
2015年第四次全国大联考【四川卷】理科综合·物理试题题号一二总分得分注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分110分，考试时间60分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
（满分110分，考试时间60分钟）第Ⅰ卷（选择题共42分）第Ⅰ卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.下列关于电磁波和相对论的说法正确的是（）A.紫外线是波长比可见光波长还长的电磁波，常用于医院和食品消毒B.梳头发时塑料梳子带了电荷，来回抖动梳子时会向外发射电磁波C.伽利略相对性原理指出：根据在一个惯性系内进行的任何物理实验可以判断出这个惯性系性相对于另一个惯性系做匀速直线运动D.地面附近有一高速水平飞过的火箭，地面上的人观察到的火箭长度要比火箭上的人观察到的长一些2.如图所示，水平桌面上平放一叠共计54张的扑克牌，每一张的质量均为m。
用一手指以竖直向下的力压第1张牌，并以一定速度向右移动手指，确保手指与第1张牌之间有相对滑动。
设最大静摩擦力与滑动摩擦力相同，手指与第l 张牌之间的动摩擦因数为μ1，相邻两张牌间的动摩擦因数均为μ2，第54张牌与桌面间的动摩擦因数为μ3，且有μ1＞μ2＞μ3。
则下列说法正确的是（）A．第l张牌受到手指的摩擦力向左B．第2张牌到第53张牌之间不可能发生相对滑动C．第2张牌到第53张牌之间可能发生相对滑动D．第54张牌受到水平桌面的摩擦力向右3．如图所示为一列在均匀介质中沿x轴正方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，波速为2 m/s。
【衡水点睛大联考】2015届高三第四次联考物理试题
【衡水点睛大联考】2015届高三第四次联考物理试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分, 总分100分, 考试时间90分钟。
第Ⅰ卷（选择题,共4 8分）一、选择题（本大题共1 2个小题, 每小题4分, 共4 8分）1．三个原子核X、Y、Z, X 核放出一个正电子后变为Y 核, Y 核与质子发生核反应后生成Z 核并放出一个氦（42H e ）, 则下面说法正确的是（）A．X 核比Z 核多一个质子B．X 核比Z 核少一个中子C．X 核的质量数比Z 核质量量大2 D．X 核与Z 核的总电荷是Y 核电荷的2倍2．如右图为一列沿x轴传播的简谐横波在t1=0（图中实线所示）以及在t2=0．02s（图中虚线所示）两个时刻的波形图象, 已知t 2-t 1<T / 2（T 为该波的周期）, 则以下说法正确的是（）A．波沿着x轴负方向传播B．波的传播速度是100m/ sC．在t3=0．0 4 s时刻, 质点a的速度为零D．在t=1．6 s时刻, x=6 4m 的质点在波谷位置3．朝南的钢窗原来关着, 今将它突然朝外推开, 转过一个小于9 0 °的角度, 考虑到地球磁场的影响, 则钢窗活动的一条边中（西边）（）A．有自下而上的微弱电流B．有自上而下的微弱电流C．有微弱电流, 方向是先自上而下, 后自下而上D．有微弱电流, 方向是先自下而上, 后自上而下4．一段长0．2m, 通过2．5 A 电流的直导线, 关于在磁感应强度为B的匀强磁场中所受安培力F的情况, 正确的是（）A．如果B=2 T, F一定是1 N B．如果F=0, B也一定为零C．如果B=4 T, F有可能是1 N D．如果F有最大值时, 通电导线一定与B平行5．2 0 1 3年6月1 1日, 我国航天员聂海胜、张晓光和王亚平在“ 天宫一号” 首次为青少年进行太空授课, 开辟了我国太空教育的新篇章。
如右图是授课过程中让小球做圆周运动的情景, 长为L 的细线一端固定在支架上, 另一端系着小球, 拉直细线, 让小球在最低点（以图中支架为参考）以垂直于细线的速度v0抛出开始做圆周运动。
2015年5月2015届高三第四次全国大联考
2015年5月2015届高三第四次全国大联考（新课标I卷）文综考试时间：150分钟；命题人：学科网大联考命题中心一、选择题（共35小题。
每小题4分，共140分。
在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
）真人秀父子互动节目“爸爸去哪儿”将组织5对父子（女）利用暑期到舟山群岛某无人海岛进行拍摄活动。
摄制组在图中甲乙丙丁设置了四个钓鱼点，要求除了一位爸爸带孩子们抓螃蟹外，另外四个爸爸分别去四地钓鱼，约定一旦日落立即返回营地。
下图为该岛等高线地形图，读图回答1-2题。
1.拍摄开始前，摄制组先要准备好露营地，图中最适合露营地的是（）A．① B．② C．③ D．④2.最晚离开的钓鱼点是（）A．甲 B．乙 C．丙 D．丁下图为某岛国地形和城市分布图。
读图回答3-4题。
3.该岛屿属于（）A.大陆岛B.珊瑚岛C.冲积岛D.火山岛4.关于该岛国叙述不正确的是（）A.岛上河流流域面积小B.甲区域城市数量大于乙C.甲区域降水量大于乙D.该岛冰川地貌分布较广，地热能资源丰富出生人口性别比是指每出生l00个女孩所对应的男孩数，正常情况下保持在103-107之间。
右图为我国城乡出生人口性别比变化图，读图回答5-6题。
5.影响我国城乡出生人口性别比的差异因素有（）①教育程度②自然环境③人口政策④经济水平A．①② B．③④ C．①②③ D．①③④6.我国出生人口性别比失衡对未来发展影响较小的是（）A．城市化 B．社会稳定 C．人口再生产 D．国防汉江全长1532公里，流域涉及6省市，素有“千里黄金水道”之称，对汉江原有的丹江口水库大坝加高了约15米，利用海拔落差，每年将有96亿立方米的水从丹江口水库输送到华北，2014年12月12日，举世瞩目的南水北调中线正式通水。
据此回答7-8题。
7．近代以来，汉江航运不断萎缩下列原因分析正确的是（）①新的运输方式的兴起并发展成为主要运输方式②河流落差加大，水流湍急③水库、涵闸和桥梁等工程建设阻碍通航④船舶大型化使干流和下游的部分河段丧失通航能力A．①④ B．①② C．①③ D．②④8.丹江口水库大坝加高对汉江下游可能带来的影响有（）①降低了下游的防洪能力；②调节了下泄水量的季节分配；③下游水量减少；④下游水质变差A．①②④ B．②③ C．①③ D．②③④察隅农场地处西藏东南部的察隅县境内，热量充沛、湿润多雨、日照充足，适合种植各类经济作物，是西藏自治区生产各类经济作物的主要农林区之一。
物理全国I大联考(四)
全国大联考2015届高三第四次联考·物理试卷考生注意:1.本试卷共100分。
考试时间90分钟。
2.答题前,考生务必将密封线内的项目填写清楚。
3.请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。
4.交卷时,可根据需要在加注“”标志的夹缝处进行裁剪。
5.本试卷主要考试内容:必修1,必修2,选修3-1电场和恒定电流。
第Ⅰ卷(选择题共40分)选择题部分共10小题,每小题4分,共40分。
在每个小题给出的四个选项中,1~6小题只有一个选项正确,7~10小题有多个选项正确;全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分。
1.足球以8 m/s的速度飞来,运动员把它以12 m/s的速度反向踢回,踢球时间是0.2 s,以球飞来的方向为正方向,则足球在这段时间内的加速度为A.-200 m/s2B.200 m/s2C.-100 m/s2D.100 m/s22.某同学上过体育课后用网兜把质量为m的足球挂在光滑竖直墙壁上的P点,已知悬线与墙面的夹角为θ,重力加速度为g,网兜的重力不计,则足球对墙壁的压力为A.mg tan θB.mg sin θC.mg cos θD.甲乙3.将一质量为m的小球靠近墙面竖直向上抛出,图甲是向上运动的频闪照片,图乙是下降时的频闪照片,O是运动的最高点,甲、乙两次的闪光频率相同。
重力加速度为g,假设小球所受阻力大小不变,则可估算小球受到的阻力大小约为A.mgB.mgC.mgD.mg4.如图所示,AB杆以恒定角速度ω绕A点在竖直平面内顺时针转动,并带动套在固定水平杆OC上的小环M运动,AO间距离为h。
运动开始时AB杆在竖直位置,则经过时间t(小环仍套在AB和OC杆上)小环M的速度大小为A.B.C.ωh D.ωh tan ωt5.我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星-500”的模拟实验活动。
假设王跃登陆火星后,测得火星的半径是地球半径的,质量是地球质量的。
已知地球表面的重力加速度为g,地球的半径为R,引力常量为G,王跃在地面上能向上竖直跳起的最大高度为h,忽略自转的影响,下列说法正确的是A.火星的密度为B.火星表面的重力加速度是C.火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为2∶3D.王跃以与在地球上相同的初速度在火星上起跳后,能达到的最大高度是6.如图所示,一个电荷量为-Q的点电荷甲,固定在绝缘水平面上的O点。
广东省深圳中学2015届高三第四次调研考试物理试卷(解析版)
深圳中学2015届高三第四次调研考试物理试卷一、选择题（每题所给出的四个选项中至少有一个是正确的，每题4分，选对但选不全得2分，选错或不选得0分，共52分，答案请涂在答题卡上）1．（4分）石块M自塔顶自由落下m米时，石块N自塔顶n米处自由落下，两石块同时到达地面，则塔高为（）A．m+n B．C．D．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：设塔高为h，石块M下落时间为t，根据自由落体运动位移时间公式求出M、N运动的时间，而M、N运动时间相等，从而求出塔高．解答：解：设塔高为h，石N下落时间为t，对N 有h﹣n=解得：t=石块M下落的时间为t′=﹣M、N下落时间相同，可得h=故选：D点评：解决本题的关键掌握自由落体运动的位移时间公式h=，以及抓住两石块同时落地．2．（4分）一条宽为L的河流，河水流速为v1，船在静水中的速度为v2，v1、v2均不等于零．设船头的指向与上游河岸的夹角为θ，要使船划到对岸时航程最短，则θ可能满足（）A．sinθ=B．tanθ=C．cosθ=D．cosθ=考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将船在静水中的速度与水流速度比较，当大于水流速度时，船的合速度垂直河岸时，航程最短，当小于水流速度时，船的合速度垂直与船在静水中的速度，根据力的平行四形定则，结合数学知识，即可求解．解答：解：由题意可知，当船在静水中的速度大于河水流速，即v2＞v1时，船的合速度垂直河岸，航程最短，如图所示，则有：cosθ=；当船在静水中的速度小于河水流速，即v2＜v1时，船的合速度垂直船的速度，航程最短，如图所示，则有：cosθ=；故CD正确，AB错误；故选：CD．点评：考查运动的合成与分解的应用，掌握力的平行四边形定则的内容，注意比较船在静水中的速度与水流速度的关系，是解题的关键．3．（4分）如图所示，质量为m2的物体，放在沿平直轨道向左行驶的车厢底板上，并用竖直细绳通过光滑的定滑轮连接质量为m1的物体．当车向左加速运动时，与物体m1相连接的绳与竖直方向成θ角，m2与车厢相对静止．则（）A．车厢的加速度为gsinθB．绳对物体m1的拉力为C．底板对物体m2的支持力为（m2﹣m1）gD．物体m2所受底板的摩擦力为m2gtanθ考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先以物体1为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律求出其加速度和绳的拉力．再对物体2研究，由牛顿第二定律求出支持力和摩擦力．解答：解：A、B以物体1为研究对象，分析受力情况如图2：重力m1g和拉力T，根据牛顿第二定律得m1gtanθ=m1a，得a=gtanθ，则车厢的加速度也为gtanθ．T=．故A错误，B正确．C、D对物体2研究，分析受力如图1，根据牛顿第二定律得：N=m2g﹣T=，f=m2a=m2gtanθ．故C错误，D正确．故选BD点评：本题要抓住两个物体与车厢的加速度相同，采用隔离法研究，分别运用合成法和正交分解法处理．4．（4分）（2013?宝鸡三模）人类对自己赖以生存的地球的研究，是一个永恒的主题．我国南极科学考察队存地球的南极用弹簧测力计称得某物体重为P，在回国途经赤道时用弹簧测力计称得同一物体重为0.9P．若已知地球自转周期为T，万有引力常量为G，假设地球是质量均匀分布的球体，则由以上物理量可以求得（）A．物体的质量m B．球的半径R C．地球的质量M D．地球的密度ρ考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：两极处的万有引力等于物体的重力，赤道处的重力等于万有引力与物体绕地球自转所需的向心力之差，结合万有引力定律公式列式求解即可．解答：解：因为两极处的万有引力等于物体的重力，故：P=由于赤道处的向心力等于万有引力与物体在赤道处的重力之差，故：P﹣0.9P=m（）2R故：M=A、物体的质量是任意的，故无法求解出，故A错误；B、C、由于不知道地球半径，故无法求解地球的质量，故BC均错误；D、地球密度：，故D正确；故选：D．点评：本题关键是明确：赤道位置万有引力等于重力和向心力之和，然后结合万有引力定律公式列式求解．5．（4分）ab是长为l的均匀带电绝缘细杆，P1、P2是位于ab所在直线上的两点，位置如图所示．ab上电荷产生的静电场在P1处的场强大小为E1，在P2处的场强大小为E2．若将绝缘细杆的右边截掉并移走（左边电量、位置不变），则P2处的场强大小为（）A．B．E2﹣E1C．E1﹣D．E1+考点：电场的叠加．分析：由于细杆均匀带电，我们取a关于P1的对称点a′，则a与a′关于P1点的电场互相抵消，整个杆对于P1点的电场，仅仅相对于a′b部分对于P1的产生电场．而对于P2，却是整个杆都对其有作用，所以，P2点的场强大．解答：解：将均匀带电细杆等分为很多段，每段可看作点电荷．设细杆带正电根据场的叠加，这些点电荷在P1的合场强方向向左，在P2的合场强方向向右，由题意可知，右半边的电荷在P2处的电场强度为E1，而整个杆电荷在P2处的电场强度为E2，则左半边杆的电荷在P2处的电场强度为E2﹣E1．故答案为：E2﹣E1点评：因为只学过点电荷的电场或者匀强电场，而对于杆产生的电场却没有学过，因而需要将杆看成是由若干个点构成，再进行矢量合成．同时考查电场强度的叠加．6．（4分）如图，在光滑绝缘的水平桌面上方固定着电荷量大小相等的两个点电荷，一个带电小球（可视为点电荷）恰好围绕O点在桌面上做匀速圆周运动．已知O、q1、q2在同一竖直线上，下列判断正确的是（）A．q1、q2为异种电荷B．圆轨道上的电场强度处处相同C．圆轨道上的电势处处相等D．点电荷q1对小球的静电力是吸引力考点：电场线．分析：根据电场中等势面分布的对称性可分析出圆轨道上电势情况；根据电场线的分布情况，分析电场强度的关系，电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时，电场强度才相同．带电小球做匀速圆周运动，合外力提供向心力，分析两个电荷的电性和q1对小球的库仑力．解答：解：A、带电小球（可视为点电荷）恰好围绕O点在桌面上做匀速圆周运动，说明小球受到的重力与电场力的合力提供向心力，所以电场力的方向斜向上，但是不能确定两个点电荷是否是异种电荷，或是同种电荷．故A错误；B、由题意，根据电场线的分布情况可知：圆轨道上电场线疏密处处相同，电场强度的大小处处相等，但方向不同，所以电场强度不相同．故B错误；C、根据两个点电荷q1、q2电场中等势面分布的对称性可知，圆轨道上的电势处处相等，故C正确．D、带电小球做匀速圆周运动，合外力提供向心力，由于两个电荷的电荷量相等，q1离带电小球比q2近，库仑力较大，水平方向的分力较大，则q1对小球的库仑力必定是吸引力，小球所受两个电荷的库仑力的合外力指向圆心的分力提供向心力，由于q1对带电小球的库仑力较大，水平方向的分力较大，q1、q2可能为异种电荷，则q2对小球的库仑力可能是斥力，故D正确．故选：CD．点评：本题要抓住电场线和等势线分布的对称性分析场强和电势的关系，知道匀速圆周运动的向心力同由合外力提供，运用动力学的方法分析向心力的来源．7．（4分）两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则（）A．A、N点的电场强度大小为零B．将一正点电荷放在x轴负半轴，它将一直做加速运动C．N C间场强方向向x轴正方向D．将一负点电荷从N点移动到D点，电场力先做正功后做负功考点：电势差与电场强度的关系；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：φ﹣x图象的斜率等于电场强度E．根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性．根据功能关系分析电场力做功的正负．解答：解：A、φ﹣x图象的斜率等于电场强度E，图线在A、N两点处的斜率都不等于0，则知N、A两点的场强均不为零，故A错误．B、根据图象，结合矢量的叠加可知，x轴负半轴的电场强度方向指向x轴的负方向，所以若将一正点电荷放在x轴负半轴，则电场力指向x轴负方向，因此电场力与速度方向相同，导致一直做加速运动，故B正确；C、由图可知：从N到C，电势升高，根据顺着电场线电势降低可知，NC间电场强度方向沿x轴负方向．故C错误．D、N→D段中，电势先高升后降低，所以场强方向先沿x轴负方向，后沿x轴正方向，将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功．故D正确；故选：BD．点评：电势为零处，电场强度不一定为零．电荷在电场中与电势的乘积为电势能．电场力做功的正负决定电势能的增加与否．8．（4分）（2012?台州二模）如图所示，竖直放置的两个平行金属板间有匀强电场，在两板之间等高处有两个质量相同的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两板正中央由静止开始释放，两小球最后都能打在右极板上的同一点．则从开始释放到打到右极板的过程中（）A．它们的运行时间t P＞t QB．它们的电荷量之比q P：q Q=2：1C．它们的动能增加量之比△E kP：△E kQ=4：1D．它们的电势能减少量之比△E P：△E Q=2：1考点：带电粒子在混合场中的运动；电势能；带电粒子在匀强电场中的运动．分析：两小球在电场中均受到重力和电场力作用，两小球均沿图所示的虚线做初速度为零的匀加速直线运动；把运动沿水平和竖直方向进行分解，在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向均做初速度为零的匀加速直线运动．因在竖直方向上位移相同，所以两球运动时间相同，从而判断出在水平方向上的加速度的关系和电场力的关系，结合能量的转化和守恒及运动学公式可判断个选项的正误．解答：解：两个带电小球分别沿着虚线做初速度为零的匀加速直线运动，把运动沿水平方向和竖直方向进行分解，在竖直方向上两球均做自由落体运动，在水平方向上均做初速度为零的匀加速直线运动．由于两小球打在同一个点，所以在竖直方向做自由落体的时间是相同的，所以选项A错误．根据分运动的等时性，沿电场方向加速时间也相等，由可得P、Q两球的水平加速度为2倍关系；由可知，带电量也为2倍关系．选项B正确．在水平方向上，根据公式可知两球的加速度关系为a P=2a Q，由F=ma可得电场力有关系F p=2F Q，而水平方向S p=2S Q，由功的公式知，电场力对两球做功有关系W p=4W Q，所以电势能变化是4倍的关系．在竖直方向上重力做功相等，所以两球合力做功并不是4倍关系．可知C、D错误．故选B．点评：该题考察了带电粒子在平行板电容器中的运动，本题关键将两个小球的运动分解为水平方向和竖直方向的分运动，然后结合运动学公式、牛顿运动定律和能量列式分析．9．（4分）质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在ts末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过ts小球又回到A点．不计空气阻力且小球从未落地，则（）A．整个过程中小球电势能减少了mg2t2B．整个过程中小球速度变化量为4gtC．从加电场开始到小球运动到最低点时小球的动能减少了mg2t2D．从A点到最低点小球重力势能减少了mg2t2考点：动能定理的应用；电势能．专题：动能定理的应用专题．分析：分析小球的运动情况：小球先做自由落体运动，加上匀强电场后小球先向下做匀减速运动，后向上做匀加速运动．由运动学公式求出t秒末速度大小，加上电场后小球运动，看成一种匀减速运动，自由落体运动的位移与这个匀减速运动的位移大小相等、方向相反，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求电场强度，由W=qEd求得电场力做功，即可得到电势能的变化．由动能定理得求出A点到最低点的高度，得到重力势能的减小量．解答：解：A、B、小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反．设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则有：gt 2=﹣（vt﹣at2）又v=gt解得a=3g，则小球回到A点时的速度为：v′=v﹣at=﹣2gt整个过程中小球速度增量的大小为：△v=v′﹣v=﹣3gt，速度增量的大小为3gt．由牛顿第二定律得：a=，联立解得，qE=4mg小球电势能减少△?=qE?gt2=2mg2t2．故A错误，B错误；C、D、设从A点到最低点的高度为h，根据动能定理得：mgh﹣qE（h﹣gt 2）=0解得：h=gt2从A点到最低点小球重力势能减少了△E p=mgh=mg2t2．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了△E k=m（gt）2．故C错误，D正确；故选：D．点评：本题首先要分析小球的运动过程，采用整体法研究匀减速运动过程，抓住两个过程之间的联系：位移大小相等、方向相反，运用牛顿第二定律、运动学规律和动能定理结合进行研究．10．（4分）如图所示，一平行板电容器C，极板是水平放置的，它和三个可变电阻、一个零刻度在中央的灵敏电流计（左进左偏）和电源连成电路，现有一个质量为m的带电油滴悬浮在两极板间不动，则下列判断正确的是（）A．增大R3，油滴上升B．增大电容器板间距离的过程中，电流计指针右偏C．增大R1，R1中电流的变化值大于R3中电流的变化值D．增大R1，R1两端电压的变化值大于R3两端电压的变化值考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：电路稳定时，平行板电容器C的电压等于R1、R2并联电压．减小电容器板间距离，电容增大，电容器充电，电流计指针转动．增大R1，外电路电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化和R1的电流变化，判断R1中电流的变化值与R3中电流的变化值的大小及电压变化量的大小．解答：解：A、增大R3，外电路总电阻增大，总电流I减小，平行板电容器C的电压U C=IR，I减小，U C减小，板间场强减小，油滴所受电场力减小，所以油滴下落．故A错并误．B、在增大电容器板间距离的过程中，电容器的电容减小，而电容器的电压不变，由电容器的电量减小，电容器放电，电流计指针右偏．故B正确．C、D增大R1，外电路总电阻增大，总电流I3减小，电阻R3的电压减小，R1、R2并联电压增大，R2中电流I2增大，则R1中电流I1减小，又I3=I1+I2，所以R1中电流的变化值大于R3中电流的变化值．故CD正确．故选：BCD点评：本题是电路动态变化分析问题，要抓住电容器电容的决定因素和电路中局部与整体的关系进行分析．常规题．11．（4分）（2007?重庆）汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为58A，若电源电动势为12.5V，内阻为0.05Ω，电流表内阻不计，则因电动机启动，车灯的电功率降低了（）A．35.8W B．43.2W C．48.2W D．76.8W考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：计算题；压轴题．分析：电机不启动时电源电压直接加在灯泡两端，由闭合电路欧姆定律可求得通过灯泡的电流，由功率公式可求得灯泡消耗的功率；而当电机启动时，电动机与灯泡并连接在电源两端，此时灯泡两端的电压仍等于路端电压，由功率公式可求得车灯消耗的功率；则可求得车灯的电功率降低值．解答：解：电动机不启动时，灯泡的电压为电源路端电压，设为U L，电动机启动后灯泡电压仍为路端电压，设为U L′．由欧姆定律得I=求得R=1.2Ω，灯泡消耗功率为P L=EI﹣I2 r=120W；电动机启动后，路端电压U L′=E﹣I′r=9.6V，灯泡消耗电功率为P L′==W=76.8W．所以灯泡功率降低了△P=120W﹣76.8W=43.2W；故选：B．点评：本题要注意电路的结构，无论开关是否闭合，灯泡两端的电压都为路端电压；同时要注意电动机为非纯电阻用电器，不能适用欧姆定律，路端电压可以由U=E﹣Ir求得．12．（4分）（2006?上海）在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I．U1．U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用△I．△U1．△U2和△U3表示．下列比值正确的是（）A．U1：I不变，△U1：△I不变B．U2：I变大，△U2：△I变大C．U2：I变大，△U2：△I不变D．U3：I变大，△U3：△I不变考点：闭合电路的欧姆定律；欧姆定律．分析：由电路图可知R1与R2串联，V1测量R1两端的电压，V2测量R2两端的电压，V3测量路端电压，由欧姆定律可得出电压与电流的变化；由闭合电路的欧姆定律可分析得出电压的变化值与电流变化值的比值．解答：解：因R1不变，则由欧姆定律可得，=R1保持不变；由数学规律可知，也保持不变，故A正确；因滑片向下移动，故R2的接入电阻增大，故变大；而==R1+r，故保持不变，故B错误，C正确；因=R1+R2，故比值增大；而==r，故比值保持不变，故D正确；故选ACD．点评：本题难点在于U2和U3电压的变化量与电流变化量的比值的分析判断，不能再简单地根据A直接得出B答案也正确，当电阻变化时，其电压及电流变化量的比值不再保持不变，应通过闭合电路的欧姆定律分析得出其电压变化值的表达式，再进行分析．13．（4分）如图所示，水平面上放置一半径为R的光滑圆弧槽，在槽内有两个质量分别为m、3m的小球A和B，它们半径均为，平衡时槽面圆心O与球A的球心连线与竖直方向夹角为α，则下列关系式正确的有（）A．tanα=B．tanα=2﹣C．sinα=D．tanα=考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：分别连接O点与A、B两个圆的圆心，则三角形是等边三角形，然后分别对两个小球减小受力分析，列出相应的平衡方程，然后结合几何关系，以及三角函数关系，即可正确解答．解答：解：分别连接O点与A、B两个圆的圆心，显然图中任意两圆连心线所在直线过切点，则：而：O A O B=2r故三圆圆心连线构成等边三角形，边长为2r．画出A球受力如图2，设竖直线与O A O B的交点是M，OM=L，MO A=x，则MO B=2r﹣x由图可知，由于平衡，平移后三力构成封闭三角形，△O A Nmg′和△MO A O是相似三角形，所以得：①同理，对B进行受力分析如图3，得：②联立①②得：x=3（2r﹣x），即：③在三角形MO A O中，由正弦定理得：④在三角形MO B O中，由正弦定理得：⑤根据三角函数的关系知：sin（60°﹣α）=sin60°？c osα﹣s inα=⑥cos60°？联立④⑤⑥解得：所以：，故选：A点评：该题考查共点力作用下物体的平衡，分别对A、B两个物体进行受力分析，若仅仅根据力的平衡方程与三角函数的关系式求解，三角函数的关系，以及各平衡方程的关系解答起来非常的复杂，而利用相似三角形的关系，处理两个小球的受力关系要比较简单．二、实验题（本题共两小题，14题2分，15题12分；答案请写在答题卷上）14．（2分）在验证牛顿第二定律的实验中，甲、乙、丙、丁四个实验小组根据实验数据画出的图象分别如下．对于这四个图象，分析正确的是（）A．甲平衡摩擦过度B．乙平衡摩擦过度C．丙图象最后不沿直线是因为小车质量太大了D．丁图象最后不沿直线是因为不满足m?M的条件考点：验证牛顿第二运动定律．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．解答：解：A、图甲操作时当F=0时，已经有了加速度，故摩擦力平衡过量，故A正确B、图乙操作时F＞0时，而加速度为零，故未摩擦力平衡或平衡的不足，故B错误C、设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma，对砂桶和砂有：mg﹣F=ma，由此解得：F=，由此可知当M＞＞时，砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，在a﹣F图中，a与F成线性关系，当不满足m?M的条件时，加速度随力的变化偏小，故C 错误、D正确故选：AD点评：教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等15．（12分）某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，部分步骤如下：（1）分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数分别如图甲、乙所示，长度为 5.03cm，直径为 5.310mm．（2）为精确的测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R x（约320Ω）；电流表A1（量程0～15mA，内阻约30Ω）；电流表A2（量程0～3mA，内阻约50Ω）；电压表V1（量程0～3V，内阻约10KΩ）；电压表V2（量程0～15V，内阻约25KΩ）；直流电源E（电动势4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω）；滑动变阻器R2（阻值范围0～100Ω）；开关S；导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，则电流表应选A1，电压表应选V1，滑动变阻器应选R1，（均选填器材代号）．（3）正确选择合适的仪器后请在图丙虚线框内画出测量用的正确电路图．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题；恒定电流专题．分析：①②游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．③欧姆表读数=表盘读数×倍率；④根据欧姆定律估算出最大电流，然后选择电流表；根据电源电动势选择电压表；要求测得多组数据进行分析，滑动变阻器采用分压式接法，用小电阻控制大电阻；解答：解：（1）是10分度的卡尺，其精确度为0.1mm则图示读数为：50+3×0.1=50.3mm=5.03cm螺旋测微器：不动刻度为5，可动刻度为31.0×0.01mm则读数为5+31.0×0.01=5.310mm解游标卡尺的主尺读数为50mm，游标读数为0.05×3=0.15mm，所以最终读数为50.15mm．（2）根据欧姆定律，最大电流：I=≈12.5mA，故电流表选择A1 ．电源电动势4V，故电压表选择V1．要求测得多组数据进行分析，滑动变阻器采用分压式接法，用小电阻控制大电阻，故滑动变阻器选择R1．因待测电阻值远小于电压表内阻，电流表应选外接法；又滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻值，故变阻器应用分压式接法，电路图如图所示：故答案为：（1）5.03； 5.310；（2）A1；V1；R1．点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．测量电阻最基本的原理是伏安法，电路可分为测量电路和控制电路两部分设计．测量电路要求精确，误差小，可根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表内、外接法．控制电路关键是变阻器的分压式接法或限流式接法．在两种方法都能用的情况下，为了减小能耗，选择限流式接法．三、计算题（本题共3小题、34分；16题9分，17题12分，18题13分）16．（9分）（2013?河北区二模）如图所示，半径为R的光滑半圆环轨道与高为10R的光滑斜轨道放在同一竖直平面内，两轨道之间由一条光滑水平轨道CD相连，水平轨道与斜轨道间有一段圆弧过渡．在水平轨道上，轻质弹簧被a、b两小球挤压，处于静止状态．同时释放两个小球，a球恰好能通过圆环轨道最高点A，b球恰好能到达斜轨道的最高点B．已知a球质量为m，重力加速度为g．求：（1）a球释放时的速度大小；（2）b球释放时的速度大小；（3）释放小球前弹簧的弹性势能．考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：（1）小球能通过最高点，则重力充当向心力，由向心力公式可得出小球在A点的速度，由机械能守恒可得出小球释放时的速度；（2）对b球由机械能守恒可得出小球b的速度；（3）对系统由动量守恒可求得两小球的质量关系，则由机械能守恒可得出弹簧的弹性势能．解答：解：（1）a球过圆轨道最高点A时mg=m求出v A=a球从C运动到A，由机械能守恒定律mv C2=mv A2+2mgR由以上两式求出v c=（2）b球从D运动到B，由机械能守恒定律m b v D2=m b g×10R求出v b=v D=2（3）以a球、b球为研究对象，由动量守恒定律mv a=m b v b求出m b=m弹簧的弹性势能E p=mv a2+m b v b2求出Eρ=7.5mgR答：（1）a的速度为（2）b的速度为（3）释放小球前弹簧的弹性势能E p=7.5mgR．点评：本题为动量守恒及机械能守恒相结合的题目，注意只有弹簧弹开的过程中动量才是守恒的，才能列出动量守恒的表达式，此后两小球不再有关系．。
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◎…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………绝密★启用前【学科网学易大联考】2015年第四次全国大联考【广东卷】理科综合·物理试题命题人：学科网大联考命题中心题号 一 二 总分得分注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分108分，考试时间60分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息 3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。
第I 卷（选择题 共54分）一、单项选择题：本题包括4小题，每小题6分，共24分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。
多选、错选均不得分。
13.某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，小轿车运动的速度—时间图象如图所示。
若绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离为10.5 m ，则从绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间为（ ）A ．1sB ．1.5sC ．3sD ．3.5s14．A 、B 、C 三点为同一平面内等边三角形的三个顶点，在A 、B 、C 位置各垂直平面放置一根长直导线，导线中的电流大小相等，方向如图所示，在三角形的中心O 点处磁感应强度大小为B ，若将C 处导线取走，则O 点处的磁感应强度大小为（ ）A ．2BB ．BC ．2BD ．2B 15．图甲是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图像如图乙所示．发电机线圈内阻为10Ω，外接一只电阻为90Ω的灯泡，不计电路的其他电阻，则（ ）t/(×10-2s )O e/V1231.1-31.1图甲图乙 A ．t =0时刻线圈平面与中性面垂直B ．每秒钟内电流方向改变100次C ．灯泡两端的电压为22VD ．0~0.01s 时间内通过灯泡的电荷量为016.已知某半径为R 的质量分布均匀的天体，测得它的一个卫星的圆轨道的半径为r ，卫星运行的周期为T 。
假设在该天体表面高度h 处以初速度v 0沿水平方向抛出一个物体，不计阻力，则水平位移为（ ） A ．30)(22R r h TR v -π B ．30)(2R r hTR v -π C ． 3022r h TR v π D ．302r h TR v π二、双项选择题：本题包括5小题，每小题6分，共30分。
每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求。
全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分。
17.冬天的早晨，小明发现室外的水桶装的水全部结冰，并且体积膨胀了，则下列说法正确的是（ ）A.冰的分子在0℃以下停止运动了◎…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………B.水桶中的0℃水变成0℃冰，这一过程中分子的平均动能没有变化C.水桶中的0℃水变成0℃冰，这一过程中内能没有变化D.水桶中的0℃水变成0℃冰，这一过程中分子势能减小了 18.关于原子与原子核，下列说法中正确的是（）A ．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B ．一个氢原子从n =3的激发态跃迁到基态时，能辐射3种不同频率的光子C ．卢瑟福依据极少数α粒子发生大角度散射提出了原子核式结构模型D ．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大19．如图所示，A 、B 都是重物，A 被绕过小滑轮P 的细线所悬挂，B 放在粗糙的水平桌面上；小滑轮P 被一根斜短线系于天花板上的O 点；O ′是三根线的结点，bO ′水平拉着B 物体，cO ′沿竖直方向拉着弹簧；弹簧、细线、小滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略，整个装置处于平衡静止状态。
若悬挂小滑轮的斜线OP 的张力是20 3 N ，则下列说法中正确的（ ）A ．弹簧的弹力为10 NB ．重物A 的质量为2 kgC ．桌面对B 物体的摩擦力为10 ND ．OP 与竖直方向的夹角为60°20．如图所示，一些商场安装了智能化的台阶式自动扶梯，为了节约能源，在没有乘客乘行时，自动扶梯以较小的速度匀速向右上方运行，当有乘客乘行时自动扶梯经过先加速再匀速两个阶段运行。
则电梯在运送乘客的过程中（ ） A ．乘客始终受摩擦力的作用 B ．乘客经历先超重再失重的过程C ．乘客对扶梯的作用力先指向左下方，再竖直向下D ．乘客增加的机械能等于支持力与摩擦力做功之和21．如图所示，虚线为电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等。
A 、B 、C 为电场中的三个点，一个带负电的点电荷在A 点的电势能大于其在B 点的电势能，则下列说法正确的是（ ）A ．A 点的电势比B 点的低 B ．A 点的电场强度比B 点的大C ．AC 间的电势差大于AB 间的电势差D ．沿直线从A 运动到B 过程中，电场力先做正功后做负功第Ⅱ卷（非选择题 共54分）34．（1）（10分）某学习小组做探究“合力的功和物体速度变化关系”的实验：①某学习小组做探究“合力的功和物体速度变化关系”的实验如图甲所示，小车先是在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行，后来改用2条、3条……完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次…关于本实验的一些理解，正确的是 。
A. 选择纸带时，应该找有一段点迹均匀分布的B. 实验时，每次在同一位置释放小车是为了小车运动的初始高度相同C. 考虑到摩擦力恒定，木板也可以放平进行实验D. 若平衡摩擦过度，也可以根据后面匀加速的一段求得小车的末速度②只用1根橡皮筋作用时，打点计时器打出的纸带如图乙所示。
打点计时器使用50Hz 的交流电源，点B 对应的刻度值是 cm ，小车的末速度为 m/s （结果保留两位有效数字）。
图乙③某同学做完实验后，对该实验做了一些评价，你认为下列观点合理的是 。
A ．本实验研究的过程是小车在倾斜的木板上运动的全过程 B ．该实验没有测量出橡皮绳做功的数值，所以是结论还有待完美◎…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………C ．在对速度测量比较简略的情况下，这种确定小车初末速度的设计方法是太巧妙了D ．该实验只是探究了变力做功与速度变化关系，应该对恒力做功也做个探究，才能得到更为全面的结论（2）（10分）某兴趣小组想将一块量程为1mA ，内阻约为100Ω的电流表改装成量程为3V 的电压表。
要测量该电流表的内阻，现有如下器材： A.待测电流表（量程100mA ，阻值约100Ω） B.滑动变阻器（总阻值5000Ω、额定电流0.5A ） C.滑动变阻器（总阻值500Ω、额定电流1A ） D.电阻箱（总阻值99Ω）E.电源（电动势为3V ，内阻约1.5Ω）F.开关、导线若干①该小组如果选择如图甲所示的电路来测量电流表G 的内阻，则滑动变阻器R 1应该选择__________（填写器材代码）。
②实验时，先闭合开关S 1，断开S 2，调节滑动变阻器R 1，使得电流表G 的示数为g I ；保证R 1的阻值不变，再闭合S 2，调节电阻箱R 2，使得电流表G 的示数为3g I ，此时电阻箱R 2的示数如图乙所示，则电流表G 的内阻为 Ω。
③该实验中，测量的内阻_________电流表G 的真实内阻（填“大于”或“小于”）。
④忽略测量误差，现将该电流表G 改装成3V 的电压表，则需_____联________Ω的定值电阻。
35．（18分）如图所示，在xOy 平面内0<x <L 的区域内有一方向竖直向上的匀强电场，x >L 的区域内有一方向垂直于xOy 平面向外的匀强磁场．某时刻，一带正电的粒子从坐标原点，以沿x 轴正方向的初速度v 0进入电场；之后的另一时刻，一带负电粒子以同样的初速度从坐标原点进入电场．正、负粒子从电场进入磁场时速度方向与电场和磁场边界的夹角分别为60o 和30o ，两粒子在磁场中分别运动半周后恰好在某点相遇．已知两粒子的重力以及两粒子之间的相互作用都可忽略不计。
求： （1）正、负粒子的比荷之比2211:m q m q ； （2）正、负粒子在磁场中运动的半径大小； （3）两粒子先后进入电场的时间差．36．（18分）如图所示，铁块用长度为R 的细线悬挂在O 点，将铁块拉到O 点左侧距水平面高度h （h ≤R ）处由静止释放，铁块恰好在最低点P 与停在光滑水平面上的木块发生弹性正碰，碰后木块冲向右侧固定在墙上的细长钢钉。
木块质量为m ，铁块质量为3m 。
木块长度为l ，钢钉长度为2l 。
已知木块未被穿透时受到的阻力大小只与钢钉进入物块的深度有关，木块被穿透后受到的阻力恒为0f ，重力加速度为g 。
当2R h =时，木块最终停止时其右端到墙的水平距离为2l处。
求：（1）当2Rh =时，木块刚碰到钢钉时的速度大小； （2）当木块刚被钢钉穿透时，铁块的初始高度h ；（3）要使木块最终被穿透但又没碰到墙，试求h 的取值范围并讨论在此范围内木块停止时其右端与墙的水平距离x 与h 的关系式。
G1S 2S 1R 2R 01234567890123456789012345678912345678910⨯1⨯1.0⨯100⨯图甲 图乙OhRP木块l l2铁块yxOL60o30ov 0。