新平县一中2020-2021学年高二上学期份考试物理试题含答案
2020-2021学年新人教版高二上册物理第一次考试试卷带答案
2020-2021学年高二（上）第一次考试物理试卷一、选择题1. 如图所示，质量分布均匀的球位于水平地面上，球的质量为m、半径为R．以地面为参考平面，球的重力势能为（）mgR C.mgR D.−mgRA.0B.122. 如图所示，质量相等的两物体A、B处于同一高度，A自由下落，B沿固定在地面上的光滑斜面从静止开始下滑，最后到达同一水平面，则（）A.重力对两物体做功不同B.重力的平均功率相同C.到达底端时重力的瞬时功率P A等于P BD.到达底端时重力的瞬时功率P A大于P B3. 如图所示，航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B为轨道Ⅱ上的一点，如图所示，关于航天飞机的运动，下列说法中正确的有（）A.在轨道Ⅱ上运动的周期大于在轨道Ⅰ上运动的周期B.在轨道Ⅱ上经过A的速度小于经过B的速度C.在轨道Ⅱ上经过A的速度大于在轨道Ⅰ上经过A的速度D.在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度4. 如图所示，将质量为m的石块从离地面ℎ高处以初速度v0斜向上抛出，以地面为参考平面，不计空气阻力，当石块落地时（）mv02A.动能为mgℎB.动能为12mv02C.重力势能为mgℎD.机械能为mgℎ+125. 如图所示，三个小球在离地面不同高度处，同时以相同的速度向左水平抛出，小球A落到D点，DE=EF=FG，不计空气阻力，每隔相等的时间间隔小球依次碰到地面．则关于三小球（）A.B、C两球落在D点左侧B.B球落在E点，C球落在F点C.三小球离地面的高度AE:BF:CG=1:4:9D.三小球离地面的高度AE:BF:CG=1:3:56. 如图所示，竖直平面内放一光滑直角杆MON，OM水平，ON竖直，用不可伸长的轻绳相连的两小球A和B分别套在OM和ON杆上，B球的质量为2kg，在作用于A球的水平力F的作用下，A、B均处于静止状态，此时OA=0.3m，OB=0.4m，改变水平力F的大小，使A球向右加速运动，已知A球向右运动0.1m时速度大小为3m/s，则在此过程中绳对B球的拉力所做的功为（取g=10m/s2）（）A.18JB.16JC.11JD.9J7. 如图所示，一轻弹簧一端固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速度释放，让它自由摆下．不计空气阻力，则在重物由A点摆向最低点B的过程中（）A.弹簧与重物的总机械能守恒B.弹簧的弹性势能增加C.重物的机械能不变D.重物的机械能减小8. 已知引力常量为G，利用下列数据可以计算出地球质量的是（）A.地球绕太阳做匀速圆周运动的周期T和轨道半径rB.某卫星绕地球做匀速圆周运动的周期T和角速度ωC.某卫星绕地球做匀速圆周运动的周期T和轨道半径rD.若不考虑地球自转，已知地球半径R和地球表面的重力加速度g9. “水流星”是一种常见的杂技项目，该运动可以简化为细绳一端系着小球在竖直平面内的圆周运动模型．已知绳长为l，重力加速度为g，则（）A.小球运动到最低点Q时，处于超重状态B.小球初速度v0越大，则在P、Q两点绳对小球的拉力差越大C.当v0>√6gl时，小球一定能通过最高点PD.当v0<√gl时，小球一定能通过最高点P10. 一滑块静止在水平面上，t=0时刻在滑块上施加一水平力F，力F和滑块的速度v 随时间的变化规律分别如图甲、乙所示，g取10m/s2，则下列说法正确的是（）A.力F在第1s内做的功为4JB.力F在第1s内做的功为2JC.滑块与水平面间的摩擦力大小为2ND.力F在第2s内做的功的功率为3W二、实验填空题如图所示，某同学在研究平抛运动的实验中，在小方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹以后，又在轨迹上取出a、b、c、d四个点（轨迹已擦去）．已知小方格纸的边长L= 2.5cm，g取10m/s2．请你根据小方格纸上的信息，通过分析计算完成下面几个问题：（1）小球从a→b、b→c、c→d所经历的时间________（填“相等”或“不相等”）．（2）平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，根据题意，求出小球从a→b、b→c、c→d所经历的时间是________s．（3）再根据水平位移，求出小球平抛运动的初速度v0=________m/s．图甲是“验证机械能守恒定律”的实验装置图，下面一些实验步骤：A．用天平测出重锤和夹子的质量B．把打点计时器用铁夹固定在放到桌边的铁架台上，使两个限位孔在同一竖直面内C．把打点计时器接在交流电源上，电源开关处于断开状态D．将纸带穿过打点计时器的限位孔，上端用手提着，下端夹上系住重锤的夹子，让重锤靠近打点计时器，处于静止状态E．接通电源，待计时器打点稳定后释放纸带，再断开电源F．用秒表测出重锤下落的时间G．更换纸带，重新进行实验（1）对于本实验，以上不必要的步骤是________．（2）图乙为实验中打出的一条纸带，O为打出的第一个点，A、B、C为从适当位置开始选取的三个连续点（其他点未画出），打点计时器每隔0.02s打一个点，若重锤的质量为0.5kg，当地重力加速度取g=9.8m/s2，由图乙所给的数据算出（结果保留两位有效数字）：①在纸带上打下计数点B的速度为________m/s；②从O点下落到B点的过程中，重锤重力势能的减少量为________J，打B点时重锤的动能为________J．（3）实验中发现重力势能的减少量________动能的增加量（选填“略大于”“略小于”或“等于”）．三、解答或论述题一水平放置的圆盘，可以绕中心O点旋转，盘上放一个质量是0.4kg的铁块（可视为质点），铁块与中间位置用轻质弹簧连接，如图所示．铁块随圆盘一起匀速转动，角速度是10rad/s时，铁块距中心O点30cm，这时弹簧的拉力大小为11N，g取10m/s2，求：（1）圆盘对铁块的摩擦力大小．（2）在此情况下要使铁块不向外滑动，铁块与圆盘间的动摩擦因数至少为多大？汽车发动机的额定功率为60kW，汽车的质量为5×103kg，汽车在水平路面上行驶时，阻力是车的重力的0.05倍，若汽车始终保持额定的功率不变，取g=10m/s2，则从静止启动后，求：（1）汽车所能达到的最大速度是多大？（2）当汽车的加速度为1m/s2时，速度是多大？双星系统中两个星球A、B的质量都是m，A、B相距L，它们正围绕两者连线上某一点做匀速圆周运动．实际观测该系统的周期T要小于按照力学理论计算出的周期理论值T0，=k(k<1)，于是有人猜测这可能是受到了一颗未发现的星球C的影响，并认为C且TT0位于双星A、B的连线正中间，相对A、B静止，求：（1）两个星球A、B组成的双星系统周期理论值T0；（2）星球C的质量．如图所示是某次四驱车比赛的一段轨道．四驱车（可视为质点）的质量m=1.0kg，额定功率为P=7W．四驱车从水平平台上A点以额定功率启动，经过一段时间t1=1.5s后关闭发动机，四驱车由平台边缘B点飞出后，恰能沿竖直光滑圆弧轨道CDE上C点的切线方向飞入圆形轨道．已知四驱车在AB段运动时的阻力f恒为1N，AB间的距离L=6m，圆轨道的半径R=1m，∠COD=53∘，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力．sin53∘=0.8，cos53∘=0.6，求：（1）四驱车从B点飞出时的速度v B的大小；（2）四驱车从B点运动到C点的时间t2；（3）四驱车第一次经过D点时对轨道的压力大小．参考答案与试题解析一、选择题1.【答案】C【解析】明确球体的重力势能一般考虑球心处的高度，所以根据设定的零势能面确定重心的高度，再由mgℎ即可求得重力势能．2.【答案】D【解析】根据下降的高度比较重力做功的大小，结合牛顿第二定律和运动学公式比较运动的时间，从而比较重力做功的平均功率．根据动能定理得出到达底端的速度，结合瞬时功率公式比较重力做功的瞬时功率大小．3.【答案】B【解析】=C，比较轨道Ⅱ和轨道Ⅰ上运动的周期；A．根据开普勒第三定律R3T2B．轨道Ⅱ上由A点运动到B点，引力做正功，动能增加；C．从轨道Ⅰ的A点进入轨道Ⅱ需减速，使万有引力大于所需要的向心力，做近心运动；D．根据牛顿第二定律，通过比较所受的万有引力比较加速度．4.【答案】D【解析】不计空气阻力，石块的机械能守恒，根据机械能守恒求出石块落地时的动能大小、机械能大小．重力势能计算式为E P=mgℎ，ℎ是相对于参考平面的高度．5.【答案】C【解析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由于抛出速度相同，根据时间关系可确定各自运动的水平位移和各自抛出高度之比．6.【答案】A【解析】先根据两球的速度沿绳子方向的分量相等，列式求出A球向右运动0.1m时B球的速度，由几何关系求出此过程中B球上升的高度．再以B球为研究对象，由动能定理求绳对B球的拉力所做的功．7.A,B,D【解析】由A到B的过程中，只有重力和弹簧弹力做功，系统机械能守恒，通过弹簧的形变量判断弹性势能的变化，通过能量守恒判断重物机械能的变化．8.【答案】C,D【解析】要求解地球的质量，有两种途径，一种是根据地球表面重力等于万有引力，另一种途径是根据卫星的万有引力提供向心力列方程求解．9.【答案】A,C【解析】小球在最高点绳子的拉力与重力的合力提供向心力，在最低点也是绳子的拉力与重力的合力提供向心力，可根据牛顿第二定律列式求解，同时小球从最高点运动得到最低点的过程中，只有重力做功，可运用动能定理列式求解．10.【答案】B,D【解析】由乙图可知，在v−t图象中与时间轴所围面积即为位移，据此求出第1s内的位移，根据W=Fx求得拉力做功；物块在第2秒内做匀速直线运动，求出摩擦力；由P=Fv求出功率．二、实验填空题【答案】（1）相等（2）0.05（3）1.0【解析】此题暂无解析【答案】（1）AF（2）①1.8,②0.86,0.81（3）略大于【解析】此题暂无解析三、解答或论述题【答案】（1）圆盘对铁块的摩擦力大小为1N．（2）在此情况下要使铁块不向外滑动，铁块与圆盘间的动摩擦因数至少为0.25．【解析】此题暂无解析（1）汽车所能达到的最大速度是24m/s；（2）当汽车的加速度为1m/s2时，速度是8m/s．【解析】根据汽车速度的变化判断牵引力的变化，结合牛顿第二定律判断加速度的变化，从而得出汽车的当汽车的加速度为零时，汽车的速度最大，结合牵引力的大小求出最大速度；根据牛顿第二定律求出牵引力的大小，结合P=Fv求出汽车的速度；应用动能定理和牛顿运动定律求时间．【答案】（1）双星系统周期理论值T0是2π√L32Gm．（2）星球C的质量是1−k 24k2m．【解析】万有引力定律及其应用．【答案】（1）四驱车从B点飞出时的速度v B的大小为3m/s；（2）四驱车从B点运动到C点的时间t2为0.4s；（3）四驱车第一次经过D点时对轨道的压力大小为43N．【解析】（1）小车离开B点做平抛运动，根据平行四边形定则求出水平分速度，从而得出B点的速度；（2）从B点运动到C点，做的是平抛运动，根据平抛运动的规律计算时间的大小；（3）根据机械能守恒定律求出D点的速度，通过牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出压力的大小．。
2020-2021学人教版高二上册物理期末试卷带答案
2020-2021学年高二（上）期末物理试卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将符合题目要求的选项前的字母填在答题卡对应题号下的空格中。
)1. 关于点电荷，下列说法正确的是（）A.只有球形带电体才可以看作点电荷B.只有体积很小的带电体才可以看作点电荷C.带电体能否被看作点电荷既不取决于带电体大小也不取决于带电体的形状D.一切带电体都可以看作点电荷2. 两个分别带有电荷量−Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为r2，则两球间库仑力的大小为（）A.3 4FB.112F C.14F D.43F3. 如图所示的电路中，电阻R＝2Ω．断开S后，电压表的读数为3V（电压表为理想电压表）；闭合S后，电压表的读数为2V，则电源的内阻r为（）A.2ΩB.1ΩC.3ΩD.4Ω4. 电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知E a和E b，电势分别为φa和φb，则（）A.E a>E b，φa<φbB.E a>E b，φa>φbC.E a<E b，φa>φbD.E a<E b，φa<φb5. 两根材料相同的均匀导线A和B，其长度分别为L和2L，串联在电路中时沿长度方向电势的变化如图所示，则A和B导线的横截面积之比为（）A.1:3B.2:3C.1:2D.3:16. 下面的各图显示了磁场对通电直导线的作用力．其中正确的是（）A. B.C. D.7. 倾角为α的导电轨道间接有电源，轨道上放有一根静止的金属杆ab．现垂直轨道平面向上加一匀强磁场，如图所示，磁感应强度B逐渐增大的过程中，ab杆受到的静摩擦力（）A.逐渐减小B.逐渐增大C.先减小后增大D.先增大后减小8. 关于电功和电热的计算，下列说法正确的是（）A.如果是纯电阻电路，电热可用公式W＝I2Rt计算，但不能用公式W＝UIt计算B.如果是纯电阻电路，电功可用公式W＝UIt计算，也可用公式W＝I2Rt计算C.如果不是纯电阻电路，电功只能用公式W＝I2Rt计算D.如果不是纯电阻电路，电热可用公式W＝I2Rt计算，也可用公式W＝UIt计算二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。
2020-2021 学年上期期末考试高二物理试题卷及参考答案
2020-2021 学年上期期末考试高二物理试题卷
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
考试时间90分钟，满分100分。
考生应首先阅读答题卡上的文字信息，然后在答题卡上作答，在试题卷上作答无效。
交卷时只交答题卡。
第Ⅰ卷（选择题共48 分）
一、选择题（本题共12 小题，每小题4分，共48分。
每小题给出的四个选项中，第1～8小题只有-个选项正确，第9～12 小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2 分，有选错或不答的得0分）
1. 下列所述不属于涡流现象的是
A.真空冶炼炉利用涡流产生的热量使金属融化
B.利用相互绝缘硅钢片叠成的铁芯代替整块硅钢铁芯是为了减少变压器中的涡
流C. 金属探测器利用涡流工作。
云南省玉溪市新平一中2020-2021学年高三(上)开学物理试题
云南省玉溪市新平一中2020-2021学年高三（上）开学物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．关于力和运动，下列说法中正确的是( )A．物体在恒力作用下可能做曲线运动B．物体在变力作用下不可能做直线运动C．物体在恒力作用下不可能做曲线运动D．物体在变力作用下不可能保持速率不变2．下图为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变压器为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变，调节触头P，使输出电压有效值由220V降至110V，调节前后( )A．副线圈中的电流比为1∶2B．副线圈输出功率比为2∶1C．副线圈的接入匝数比为2∶1D．原线圈输入功率比为1∶23．如图，三个固定的带电小球a、b和c，相互间的距离分别为ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm．小球c所受库仑力的合力的方向平行于a、b的连线．设小球a、b所带电荷量的比值的绝对值为k，则（）A．a、b的电荷同号，169 k=B．a、b的电荷异号，169 k=C．a、b的电荷同号，6427 k=D．a、b的电荷异号，6427 k=4．在离心浇铸装置中，电动机带动两个支承轮同向转动，管状模型放在这两个轮上靠摩擦转动，如图所示，铁水注入之后，由于离心作用，铁水紧紧靠在模型的内壁上，从而可得到密实的铸件，浇铸时转速不能过低，否则，铁水会脱离模型内壁，产生次品．已知管状模型内壁半径R，则管状模型转动的最低角速度ω为（）A B C D．5．如图甲所示，水平面上两根足够长的金属导轨平行固定放置，间距为L，一端通过导线与阻值为R的电阻连接．导轨上放一质量为m的金属杆，金属杆、导轨的电阻均忽略不计，匀强磁场垂直导轨平面向下．用与导轨平行的恒定拉力F作用在金属杆上，杆最终将做匀速运动．当改变拉力的大小时，相对应的匀速运动速度v也会变化，v和F的关系如图乙所示．下列说法正确的是（）A．金属杆在匀速运动之前做匀加速直线运动B．a点电势高于b点电势C．由图像可以得出B、L、R三者的关系式为D．当恒力F=4N时，电阻R上消耗的最大电功率为24W6．伽利略为了研究自由落体运动的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，如图所示，对于这个研究过程，下列说法正确的是()A．斜面实验放大了重力的作用，便于测量小球运动的路程B．斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于小球运动距离的测量C．通过对斜面实验的观察与计算，直接得到自由落体运动的规律D．根据斜面实验结论进行合理的外推，得到自由落体运动的规律二、多选题7．如图所示，倾斜传送带沿逆时针方向匀速转动，在传送带的A端无初速度放置一物块．选择B端所在的水平面为重力势能的零参考平面，物块从A端运动到B端的过程中，下面四幅图象能正确反映其机械能E与位移x关系的是（）A．B．C．D．8．如图所示，斜面粗糙绝缘．A点处固定一点电荷甲，将一带电小物块乙从斜面上B 点处由静止释放，乙沿斜面运动到C点时静止．则( )A．乙在B点的电势能一定大于在C点的电势B．甲、乙有可能带异种电荷C．从B到C的过程中，乙可能做匀减速度运动D．从B到C的过程中，乙的机械能的损失量一定小于克服摩擦力做的功9．下列说法正确的是（）A．一定质量的100 ℃的水吸收热量后变成100 ℃的水蒸气，系统的内能保持不变B．对某物体做功，可能会使该物体的内能增加C．实际气体分子热运动的平均动能与分子间势能分别取决于气体的温度和体积D．一个系统与另一个系统达到热平衡时两系统温度相同E.功可以全部转化为热，但热量不能全部转化为功三、实验题10．在“实验：用伏安法测量金属丝电阻率ρ”中，实验用的电源电动势为3V，金属丝的最大电阻为5Ω．①为使测量更为准确，请在图甲中正确选择电流表的量程并接入电路．②用螺旋测微器测量金属丝的直径，测量结果如图乙所示，其读数为d= mm．③滑动变阻器触头调至一合适位置后不动．闭合开关，P的位置选在ac的中点b，读出金属丝接人电路的长度为L，电压表、电流表的示数分别为U、I．请用U、I、L、d写出计算金属丝电阻率的表达式：ρ=．④本电路测量结果：ρ测____ρ真．（选填“>”或“<”）11．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置示意图如图1所示：(1)实验步骤：①将气垫导轨放在水平桌面上，桌面高度不低于1m ，将导轨调至水平.②用游标卡尺测量挡光条的宽度l ，结果如图2所示，由此读为l=_____mm.③由导轨标尺读出两光电门中心之间的距离s =_____cm.④将滑块移至光电门1左侧某处，待砝码静止不动时，释放滑块，要求砝码落地前挡光条已通过光电门2.⑤从数字计数器（图1中未画出）上分别读出挡光条通过光电门1和光电门2所用的时间1t ∆和2t ∆.⑥用天平称出滑块和挡光条的总质量M ，再称出托盘和砝码的总质量m .(2)有表示直接测量量的字母写出下列所求物理量的表达式：①滑块通过光电门1和光电门2时瞬时速度分别为v 1=_____和v 2=______.②当滑块通过光电门1和光电门2时，系统（包括滑块、挡光条、托盘和砝码）的总动能分别为E K1=________和E K2=________。
2020—2021学年度上学期期末考试高二年级物理科试卷答案
2020-2021学年度上学期期末考试高二年级物理科试卷答案13．（6分）(1) C (2)1.075 (3)偏小 （每空2分） 14．（10分）(1)250 100 (2)×1 欧姆调零 1.5 （每空2分） 15．（8分）答案：(1) λ=4m ，f =0.5Hz ，v =2m/s (2)t =3s解析：(1)由图象可知，λ=4m ，T =2s ，10.5Hz f T∴==， 2m v T λ∴== （4分）(2)由图象可知，该点与第一个波谷之间的距离x =6m ，3s xt v∴== （4分）（法二、波传播到x =6m 的时间：1 1.5s x t v ==，振动到波谷用时231.5s 4t T ∴==，123s t t t ∴=+= （4分）） 16．（14分）答案：(1)Q R =0.75J (2)q =1C (3)x =1m解析：(1)撤去外力后，导体棒向右做加速度减小的変减速直线运动直至停止。
设撤去外力前导体棒的速度为v 0：2200BLv B L v F BIL B L R r R r ===++，022()1m s F R r v B L +∴== （2分） 根据能量守恒：2012Q mv =总① R R Q Q R r =+总② 200.75J 2()R Rmv Q R r ∴==+ （4分）(2)设撤去外力后导体棒运动时间为t ，时间t 内的平均电流为I ，通过R 的电荷量为q ，则：根据电流的定义得：q It =③ （1分）根据动量定理得：00BILt mv -=-④，解得： 01C mv q BL == （3分）(3)设时间t 内的平均感应电动势为E ，导体棒运动的距离为x ，则： BLx E t t ϕ∆==∆⑤ E I R r=+⑥ BLx q It R r ∴==+⑦ ()1m q R r x BL +∴== （4分）17．（14分）答案：(1)正电，E =mg q (2)h ＞q 2B 2d 22m 2g (3)h =2q 2B 2d 23m 2g解析：(1)带电小球进入复合场后，恰能做匀速圆周运动，即所受合力为洛伦兹力，则重力与电场力大小相等，方向相反，小球带正电， （1分）由qE ＝mg ，解得E ＝mgq． （2分）(2)假设下落高度为h 0时，带电小球在Ⅰ区域做圆周运动的圆弧与PQ 相切，运动轨迹如图甲所示，由几何知识可知，小球的轨道半径R ＝d ， （1分）进入磁场前做自由落体运动，由动能定理得mgh 0＝12mv 2， （2分）磁场中匀速圆周运动，由牛顿第二定律得qvB ＝m v 2R ，解得h 0＝q 2B 2d 22m 2g， （3分）则当h ＞h 0时，即h ＞q 2B 2d 22m 2g时带电小球能进入区域Ⅱ． （1分）(3)如图乙所示，因为带电小球在Ⅰ、Ⅱ两个区域运动过程中m 、q 、v 、B 的大小不变，故三段圆周运动的半径相同，以三个圆心为顶点的三角形为等边三角形，边长为2R ，内角为60°，由几何关系知R ＝d sin 60°，联立解得h ＝2q 2B 2d 23m 2g． （4分）。
2020-2021学年第一学期高二物理期末考试试卷含答案
2020-2021学年第一学期高二级质量检查物理科试卷一、单项选择题（本题共17小题，每小题3分，共51分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1．首先发现电流产生磁场的科学家是（）A.牛顿B.阿基米德C.奥斯特D.伏特2．下述物理量单位为“特斯拉”的是（）A．磁感应强度B．电场强度C．安培力D．电容3.关于点电荷的说法中不正确的是（）A.真正的点电荷是不存在B.点电荷是一种理想化的物理模型C.小的带电体就是点电荷D.形状和大小对所研究的问题的影响可以忽略不计的带电体4.在医疗手术中，为防止麻醉剂乙醚爆炸，地砖要用导电材料制成，医生护士要穿由导电材料制成的鞋子和棉布外套，一切设备要良好接地，甚至病人身体也要良好接地，这样做是为了（）A.消除静电B. 除菌消毒C. 应用静电D. 防止漏电5.真空中有甲、乙两个点电荷相距为r，它们间的静电引力为F.若甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量变为原来的31，它们间的距离变为2r ，则它们之间的静电引力将变为( ) A.F 83B .F 61C.F 38D.F 326.下列关于电场线的说法中，正确的是( )A.电场线是电场中实际存在的线B.在复杂电场中的电场线是可以相交的C.沿电场线方向，场强必定越来越小D .电场线越密的地方.同一试探电荷所受的电场力越大 7.如图示，点P 在与通电直导线垂直的圆周面上， 则P 点的磁场方向为：( )A 、垂直纸面向里B 、垂直纸面向外C 、水平向左D 、水平向右8．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的。
对磁场认识正确的是A ．磁感线有可能出现相交的情况B ．磁感线总是由N 极出发指向S 极C ．某点磁场的方向与放在该点小磁针静止时N 极所指方向一致D ．若在某区域内通电导线不受磁场力的作用，则该区域的磁感应强度一定为零9.要使平行板电容器的电容增大：（ ）A 、增大电容器两级板的正对面积B 、增大电容器两级间的电压C 、增大电容器的带电量D 、增大电容器两级板的距离10．在图中，标出了磁场B 的方向、通电直导线中电流I 的方向，以及通电直导线所受磁场力F 的方向，其中正确的是11．下列是几种典型的电场线的分布示意图，其中正确的是（ ）ABCD BBFF12．面积是S 的矩形导线框，放在一磁感应强度为B 的匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直，则穿过导线框所围面积的磁通量为 A ．SBB ．BSC ．BSD ．B13. 如图所示，通电直导线右边有一个矩形线框，线框平面与直导线共面，若使线框逐渐远离（平动）通电导线，则穿过线框的磁通量将A.逐渐增大B.逐渐减小C.保持不变D.不能确定14.根据电阻定律可以推导得出，电阻率LS R =ρ，对于温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率（ ） A ．跟导线的电阻成正比B ．跟导线的电阻无关，与导线的横截面积成正比，与导线的长度成反比C ．与导线的电阻、横截面积、长度均无关，由所用材料本身特性决定D ．与导线的温度无关15.一个运动电荷通过某一空间时，没有发生偏转，那么这个空间是否存在电场或磁场，下列说法正确的是（ ） A.一定不存在电场 B.一定不存在磁场C.一定存在磁场 D .可能既存在磁场，又存在电场 16.如图所示的电路中，电源的电动势和内阻分别为E 和r ，当闭合开关S ，向左移动滑动变阻器的滑片时，下列说法正确的是（ ）A ．电流表的示数变大，电压表的示数变大B ．电流表的示数变大，电压表的示数变小C ．电流表的示数变小，电压表的示数变小D ．电流表的示数变小，电压表的示数变大 17．关于电动势，下列说法正确的是（ ）A ．电源两极间的电压等于电源电动势B ．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C ．电动势、电压和电势差名称不同，但物理意义相同，所以单位也相同D ．电源电动势与外电路的组成有关 二、实验题（共18分）18．（8分）（1）如图a 所示中给出的是用螺旋测微器测量某导体棒直径时的示数，此读数应为 mm20510 02025 15101525 5（2）某物理实验小组在使用多用电表按正确步骤测量某一电阻阻值，选择开关指在“×100”欧姆档，指针指示位置如图b 所示，则这电阻是 Ω。
2020-2021学年高二上学期期末考试物理试卷及答案
2020-2021学年高二上学期期末物理测试卷考生注意：1、本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分，考试时间90分钟。
2、请将各题答案填写在答题卡上。
3、本试卷主要考试内容：人教版选修3-1。
第Ⅰ卷（选择题 共48分）一、选择题（本大题共12小题，1~8小题只有一个选项正确，9~12小题有多个选项正确，每小题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分）1、库仑定律是电磁学的基本定律。
1766年英国的普里斯特利通过实验证实了带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用,而且空腔内部也不带电。
他受到万有引力定律的启发,猜想两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比。
1785年法国的库仑通过实验证实了两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比,与它们的距离的平方成反比。
下列说法不正确的（ ）A.普里斯特利的实验表明,处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电场处处为零B.普里斯特利的猜想运用了“类比”的思维方法C.为了验证猜想,库仑精确测定了两个点电荷的电荷量D.为了验证猜想,库仑制作了库仑扭秤装置2、下列说法正确的是（ ）A.靠近正点电荷，电场线越密，电场强度越大；靠近负点电荷，电场线越密，电场强度越小B.沿电场线方向电场强度越来越小C.在电场中没画电场线的地方场强为零D.电场线虽然是假想的一簇曲线或直线，但可以用实验方法模拟出来3、如图所示，在孤立的点电荷产生的电场中有a 、b 两点，a 点的电势为φa ，场强大小为E a ，方向与ab 连线垂直。
b 点的电势为φb ，场强大小为E b ，方向与ab 连线的夹角为30°。
则a 、b 两点的场强大小及电势高低的关系是（ ）A.a b ϕϕ>，a b E E =B.a b ϕϕ<，a b E E =C.a b ϕϕ>，a b E E <D.a b ϕϕ<，a b E E >4、如图所示，电源电动势为E =30V ，内阻为r =1Ω，电灯上标有“6V ，12W ”字样，直流电动机线圈电阻R =2Ω，若电灯恰能正常发光。
2020-2021学年度第一学期期末考试高二物理试卷含答案
高二物理试卷一：单项选择题：本题共7小题，每小题3分，共计21分，每小题只有一个选项符合题意。
1、2007年度诺贝尔物理学奖授予了法国和德国的两位科学家，以表彰他们发现“巨磁电阻效应”。
基于巨磁电阻效应开发的用于读取硬盘数据的技术，被认为是纳米技术的第一次真正应用。
在下列有关其它电阻应用的说法中．错误的是A、热敏电阻可应用于温度测控装置中B、光敏电阻是一种光电传感器C、电阻丝可应用于电热设备中D、电阻在电路中主要起到通过直流、阻碍交流的作用2、关于电磁感应，下列说法中正确的是A．某时刻穿过线圈的磁通量为零，感应电动势就为零B．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势就越大C．穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势就越大D．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势就越大3、在如图所示的空间中，存在场强为E的匀强电场，同时存在沿x轴负方向，磁感应强度为B的匀强磁场。
一质子(电荷量为e)在该空间恰沿y轴正方向以速度v匀速运动。
据此可以判断出A V 3V 1V 2Sε rR 1R 2 P A 、质子所受电场力大小等于eE ,运动中电势能减小;沿z 轴正方向电势升高B 、质子所受电场力大小等于eE ,运动中电势能增大;沿z 轴正方向电势降低C 、质子所受电场力大小等于evB ,运动中电势能不变;沿z 轴正方向电势升高D 、质子所受电场力大小等于evB ,运动中电势能不变;沿z 轴正方向电势降低4、在如图所示电路中，闭合电键S ，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I 、U 1、U 2和U 3表示，电表示数变化量的大小分别用∆I 、∆U 1、∆U 2和∆U 3表示，下列比值错误的是 A ．U 1/I 不变，∆U 1/∆I 不变 B ．U 2/I 变大，∆U 2/∆I 变大 C ．U 2/I 变大，∆U 2/∆I 不变 D ．U 3/I 变大，∆U 3/∆I 不变5、图甲为斯密特触发器，当加在它的输入端A 的电压逐渐上升到某个值（1.6V ）时，输出端Y 会突然从高电平跳到低电平（0.25V ），而当输入端A 的电压下降到另一个值的时候（0.8V ），Y 会从低电平跳到高电平（3.4V ）。
云南省玉溪市新平第一中学2020-2021学年高二上学期10月月考物理试题含答案解析
云南省玉溪市新平第一中学【最新】高二上学期10月月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示是由电源E、灵敏电流计G、滑动变阻器R和平行板电容器C组成的电路，开关S闭合．在下列四个过程中，灵敏电流计中有方向由a到b电流的是（）A．将滑动变阻器R的滑片向右移动B．在平行板电容器中插入电介质C．减小平行板电容器两极板间的距离D．减小平行板电容器两极板的正对面积2．现有丝绸、玻璃、塑料薄膜三种材料，通过实验发现，当被丝绸摩擦过的玻璃棒靠.据此排出三种材料的顺序，使前面的材近被丝绸摩擦过的塑料薄膜时，两者相互吸引料跟后面的材料摩擦后，前者总是带负电，这个顺序是()A．丝绸、玻璃、塑料薄膜B．塑料薄膜、玻璃、丝绸C．塑料薄膜、丝绸、玻璃D．丝绸、塑料薄膜、玻璃3．如图所示，两个带电球，大球所带的电荷量大于小球所带的电荷量，可以肯定（）A．两球都带正电B．两球都带负电C．大球受到的静电力大于小球受到的静电力D．两球受到的静电力大小相等4．某电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点，则以下判断正确的是（）A．A点的电场强度大于B点的电场强度，B点的电势低于A点的电势B．若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，则该电荷一定为负电荷C．一个负电荷处于A点的电势能大于它处于B点的电势能D．若将一个正电荷由B点释放，该电荷将在电场中做加速度减小的加速运动5．小华同学通过以下步骤测出了从一定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上，把排球在水里弄湿，然后让排球从规定的高度自由落下，并在白纸上留下球的水印．再将印有水印的白纸铺在台秤上，将球放在纸上的水印中心，缓慢地向下压球，使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水印．记下此时台秤的示数即为冲击力的最大值．下列物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法相同的是A．建立“点电荷”的概念B．建立“合力与分力”的概念C．建立“瞬时速度”的概念D．研究加速度与合力、质量的关系6．如图所示，一带正电的物体位于M处，用绝缘丝线系上带正电的小球，分别挂在P1、P2、P3的位置，可观察到小球在不同位置时丝线偏离竖直方向的角度不同.则下面关于此实验得出的结论中正确的是()A．电荷之间作用力的大小与两电荷间的距离有关B．电荷之间作用力的大小与两电荷的性质有关C．电荷之间作用力的大小与两电荷所带的电量有关D．电荷之间作用力的大小与丝线的长度有关7．如图所示，a、b、c三条虚线为电场中的等势面，等势面b的电势为零，且相邻两个等势面间的电势差相等．一个带正电的粒子(粒子重力不计)在A点时的动能为10 J，在电场力作用下从A运动到B时速度为零．当这个粒子的动能为7.5 J时，其电势能为（）A．12.5 J B．2.5 JC．0 D．-2.5 J8．关于电源的以下说法，正确的是( )A ．电源的作用是在电源内部把电子由负极不断地搬运到正极，从而保持两极之间有稳定的电势差B ．电源的作用是在电源内部把电子由正极不断地搬运到负极，从而保持两极之间有稳定的电势差C ．只要电路中有电源，电路中就一定有电流D ．电源实质上也是一个用电器，也需要外界提供能量二、多选题9．如图所示，电路中A 、B 为两块竖直放置的金属板，C 是一只静电计，开关S 合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是（ ）A ．使A 、B 两板靠近一些B ．使A 、B 两板正对面积减小一些C ．断开S 后，使B 板向右平移一些D ．断开S 后，使A 、B 正对面积减小一些10．用两节相同的电池给两个电容器1C 和2C 充电，已知12C C <，当达到稳定状态时，两电容器的电差分别为1U 和2U ，带电量分别为1Q 和2Q ，则( )A ．12U U >B ．12U U =C ．12Q Q =D ．12Q Q < 11．如图所示，绝缘金属球壳的空腔内有一带电小球，现在球壳左侧放一带电小球A ，下列说法正确的是( )A ．A 球对球壳内的电场不影响B ．由于静电屏蔽，球壳内没有电场C ．球壳内外表面均没有电荷D ．由于球壳接地，空腔内的电场对外部也没有影响12．小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线在P 点的切线，PQ 为U 轴的垂线，PM 为I 轴的垂线，则下列说法中正确的是（ ）A ．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B ．对应P 点，小灯泡的电阻为R =12U I C ．对应P 点，小灯泡的电阻为R =121U I I - D ．对应P 点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM 所围面积大小三、填空题13．如图倾角为30的直角三角形的底边BC 长为2L ，处在粗糙的水平面上，一质量为m 带正电的小物块恰好能在斜面上匀速下滑，O 为底边中点，OD 垂直AB ，沿OD 上方与A 等高的位置E 处固定一带正电的点电荷，物块在下滑至底端的过程中，斜面保持静止不动，当物块在DB 之间时，斜面受到地面的摩擦力______(填“不变”、“先变大后变小”，“先变小后变大”)；若斜面是光滑的，测得它滑到D 受到的库仑力大小为F ，则它滑到B 处的加速度的大小______．14．在电场中把92.010C -⨯的正电荷从A 点移到B 点，静电力做功71.510J -⨯，再把这个电荷从B 点移到C 点时，克服静电力做功74.010-⨯J .求电势差AB U =______、BC U =______、AC U =______．15．带正电1.0×10-3C 的粒子，不计重力,在电场中先后经过A 、B 两点，飞经A 点时动能为10J ，飞经B 点时动能为4J ，则带电粒子从A 点到B 点过程中电势能增加了______，AB 两点电势差为_______．四、实验题16．下面三个图为探究平行板电容器电容大小决定因素的实验，请将正确结论填在横线上．给电容器充电后与电源断开，即保持电量Q不变，那么A．若保持板间距离d不变，正对面积S变小，两板电势差U________，电容C________. B．若保持S不变，d变大，两板电势差U________，电容C________.C．若保持S和d都不变，插入介质板后，两板电势差U________，电容C________. (填“变小”、“变大”或“不变”)五、解答题17．如图所示，水平放置的平行板电容器两板间距为d＝8 cm，板长为L＝25 cm，接在直流电源上，有一带电液滴以v0＝0.5 m/s的初速度从板间的正中点水平射入，恰好做匀速直线运动，当它运动到P处时迅速将下极板向上提起43cm，液滴刚好从金属板末端飞出，g取10 m/s2，求：(1)下极板上提后液滴经过P点以后的加速度大小；(2)液滴从射入开始匀速运动到P点所用时间。
云南省玉溪市新平县第一中学2020-2021学年高二入学考试物理试题含答案解析
云南省玉溪市新平县第一中学【最新】高二入学考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．通过一个加速装置对电子加一很大的恒力，使电子从静止开始加速，则对这个加速过程，下列描述正确的是()A．根据牛顿第二定律，电子将不断做匀加速直线运动B．电子先做匀加速直线运动，后以光速做匀速直线运动C．电子开始近似于匀加速直线运动，后来质量增大，牛顿运动定律不再适用D．电子是微观粒子，整个加速过程根本就不能用牛顿运动定律解释2．汽车以72 km/h的初速度做直线运动，加速度为-5m/s2．下列说法中正确的是A．汽车做匀加速直线运动B．汽车做匀减速直线运动C．汽车的速度每秒增加5 m/sD．汽车的速度保持不变3．一质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上.现对物块施加一个竖直向下的恒力F，如图所示.则物块( )A．沿斜面加速下滑B．仍处于静止状态C．受到的摩擦力不变D．受到的合外力增大4．以速度v0＝20 m/s竖直上抛一小球，2 s后以相同的初速度在同一点竖直上抛另一小球，问两球在离抛出点多高处相遇(g取10 m/s2)()A．10 m处B．15 m处C．20 m处D．不会相遇5．某人估测一竖直枯井深度，从井口静止释放一石头并开始计时，经2s听到石头落地声，由此可知井深约为（不计声音传播时间，重力加速度g取10m/s2）A．10m B．20mC ．30mD ．40m6．如图所示，人用绳通过定滑轮拉物体A ，当人以速度v 0匀速前进时，绳某时刻与水平方向夹角为θ，物体A 的速度（ ）A ．0?A v v =B ．0cos A v v θ=C ．0A v v cos θ=D ．0tan A v v θ=7．一辆轿车正在通过如图所示的路段，关于该轿车在转弯的过程中，正确的是( )A ．轿车的速度大小不一定变化B ．轿车处于平衡状态C ．轿车加速度的方向一定沿运动路线的切线方向D ．轿车加速度的方向一定垂直于运动路线的切线方向8．起重机以1 m/s 2的加速度将质量为1000kg 的货物匀加速地向上提升，若g 取10 m/s 2，则在第1 s 内起重机对货物所做的功是 A ．500JB ．4500JC ．6000JD ．5500J9．对匀变速直线运动的特点，下列说法正确的是( )A ．第1 s 末，2 s 末，3 s 末，…的速度分别为1 m/s,2 m/s ，3 m/s ，…的直线运动为匀加速直线运动B ．匀减速直线运动中，由于加速度与初速度方向相反，则加速度为负值C ．物体做匀变速直线运动，其加速度是均匀变化的D ．在匀变速直线运动中，相同时间内速度的变化相同10．【最新】北京田径世锦赛100 m 决赛中，博尔特以9秒79夺冠，我国选手苏炳添也跑出了10秒06的好成绩，成为第一个站在百米世界决赛的亚洲人．下列说法正确的是( )A ．起跑阶段的速度一定是博尔特大B ．全程的平均速度一定是博尔特大C．全程的任意时刻对应的瞬时速度都是博尔特大D．到达终点时的速度一定是博尔特大11．做匀变速直线运动的物体，它的加速度为a，在时间t内的位移为x，末速度为v，则此物体运动规律的表达式为()A．x＝vt＋12at2B．x＝vt－12at2C．x＝－vt＋12at2D．x＝－vt－12at2二、实验题12．为了探究“合力做功与速度变化的关系”，某学习小组在实验室组装了如图所示的装置，备有下列器材：打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、天平、细沙．他们称量滑块的质量为M、沙和小桶的总质量为m.当滑块连接上纸带，让细线跨过滑轮并悬挂空的小桶时，滑块处于静止状态．要完成该实验，请回答下列问题：(1)要完成本实验，还缺少的实验器材是________．(2)实验时为保证滑块受到的合力与沙、小桶的总重力大小基本相等，沙和小桶的总质量应满足的实验条件是________，实验时为保证细线拉力等于滑块所受的合外力，首先要做的步骤是________．(3)在满足(2)问的条件下，让小桶带动滑块加速运动，如图所示为打点计时器所打的纸带的一部分，图中A，B，C，D，E是按时间先后顺序确定的计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，相邻计数点间的距离标注在图上，当地重力加速度为g，则在B，D两点间对滑块研究，合力对滑块做的功为________，v B＝________，v D＝________(用题中所给的表示数据的字母表示)．13．某同学在实验中，所用电源频率为50Hz．如图所示，取一段实验纸带，从0点开始每5个点取一个计数点，分别记为1、2、3、4，各计数点到0点的距离已在图中标出．则相邻计数点间的时间间隔为______s，小车到计数点2时的瞬时速度v2=_____m/s，根据数据可求得小车的加速度a=_______m/s2．（结果保留2位有效数字）三、解答题14．为了探测月球的详细情况，我国发射了一颗绕月球表面飞行的科学实验卫星．假设卫星绕月球做圆周运动，月球绕地球也做圆周运动．已知卫星绕月球运行的周期为T0，地球表面重力加速度为g，地球半径为R0，月心到地心间的距离为r0，引力常量为G，求：（1）月球的平均密度；（2）月球绕地球运行的周期．15．子弹击中木板时速度为800 m/s，经过0.02 s穿出木板，穿出木板时的速度为300 m/s，则子弹穿过木板过程中加速度的大小是多少？方向如何？16．一辆重4 t的汽车，从静止开始，在水平路面上行驶，已知发动机的牵引力为1600 N，汽车在运动时所受阻力为车重的0.02倍，取g＝10 m/s2，求：(1)汽车在开出后加速度的大小；(2)经过多长时间汽车的速度可达10 m/s.参考答案1．C【详解】电子在加速装置中受到恒力作用，由静止开始做匀加速直线运动，开始阶段速度远小于光速，此时牛顿运动定律基本适用，可以认为电子在开始阶段做匀加速直线运动，随着电子速度的增大，接近光速时，相对论效应越来越明显，电子的质量增大，不再做匀加速直线运动，牛顿运动定律不再适用，C正确．【点睛】解决本题的关键要掌握牛顿运动定律适用的范围：宏观低速运动的物体，对于高速运动的物体牛顿运动定律不适用．2．B【解析】解：物体的加速度为﹣5m/s2，加速度为负值，说明与速度的方向相反，物体做的减速运动，速度每秒减小5m/s，故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】本题是对加速度和速度之间的关系的理解，加速度是指速度变化的快慢，加速度的方向与速度的方向相同的时候，速度增加，当加速度的方向与速度的方向相反的时候，物体的速度减小．3．B【解析】试题分析：质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上，对其受力分析，可求出动摩擦因数，加力F后，根据共点力平衡条件，可以得到压力与最大静摩擦力同时变大，物体依然平衡．解：由于质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上，说明斜面对物块的摩擦力等于最大静摩擦力，对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有 f=mgsinθ N=mgcosθ f=μN 解得 μ=tanθ对物块施加一个竖直向下的恒力F ，再次对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有与斜面垂直方向依然平衡：N=（mg+F ）cosθ因而最大静摩擦力为：f=μN=μ（mg+F ）cosθ=（mg+F ）sinθ，故在斜面平行方向的合力为零，故合力仍然为零，物块仍处于静止状态，A 正确，B 、D 错误，摩擦力由mgsinθ增大到（F+mg ）sinθ，C 错误； 故选A ．【点评】本题要善用等效的思想，可以设想将力F 撤去，而换成用一个重力的大小等于F 的物体叠放在原来的物块上！ 4．B 【分析】先判断先竖直上抛的小球到达最高点用的时间02v t s g==，所以与另一小球相遇是在它的下落阶段，分别代入匀加速和竖直上抛运动规律即可． 【详解】先判断先竖直上抛的小球到达最高点用的时间02v t s g==，所以另一小球抛出时，它恰好在最高点将要做自由落体运动．设第二个小球抛出后经ts 后相遇，根据位移大小相等有()()2200112222v t g t v t gt +-+=-，解得1t s =，故两球相碰处离出发点的高度220112011011522x v t gt m =-=⨯-⨯⨯=，B 正确．【点睛】竖直上抛运动是匀变速运动，特点是有一段往复；故应注意认真分析物理过程；在分析过程时可借助运动草图分析，找出需要的关系列式即可． 5．B 【详解】从井口由静止释放，石头做自由落体运动，由运动学公式h ＝12gt 2可得 h ＝12×10×22m ＝20 m. A ．10m ，与计算结果不符，A 错误； B ．20m ，与计算结果不符，B 正确； C ．30m ，与计算结果不符，C 错误； D ．40m ，与计算结果不符，D 错误． 6．B 【解析】物体A 的速度等于沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，如图根据平行四边形定则，有：0A v cos v α=，解得：0A v v cos α=，故选B ． 【点睛】将物体A 的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于0v ，根据平行四边形定则求出物体A 的速度．7．A 【详解】由图可知汽车要绕转盘做圆周运动，受力不平衡，可以是匀速圆周运动，也可以是非匀速圆周运动，速度的大小不一定变化，故A 正确．由于速度方向一定变化，速度在变化，所以轿车处于非平衡状态，故B 错误．若是匀速圆周运动，则加速度方向指向圆心，不可能沿运动路线的切线方向；若不是匀速圆周运动，则加速度方向不指向圆心，故CD 错误．故选A ． 【点睛】本题主要考查了同学们的识图能力，注意汽车做圆周运动，可以是匀速圆周运动，也可以是非匀速圆周运动，只有匀速圆周运动，加速度方向指向圆心． 8．D 【详解】根据牛顿第二定律得F mg ma -=，解得()100010111000F mg ma N N =+=⨯+=；上升的位移211110.522x at m m ==⨯⨯=，则拉力做功110000.5J 5500J W Fx ==⨯=，D 正确． 9．D 【详解】由于不能明确各时刻的瞬时速度是否满足0v v at =+；故不能说明为匀加速直线运动，A 错误；由于未设定正方向，故不能说匀减速运动的加速度为负值，B 错误；匀变速直线运动是指加速度恒定不变的运动，C 错误；由0v v at =+可知，在匀变速直线运动中，相同时间内速度的变化相同，D 正确． 10．B 【详解】100m 比赛，两人的位移相等，时间短的平均速度大，即博尔特的平均速度大，但平均速度只表示该过程中的平均运动快慢，不能表示任意时刻速度都快，B 正确． 11．B 【分析】已知末速度、时间和加速度，采用逆向思维，结合位移时间公式求出位移的表达式．【详解】物体做匀变速直线运动，采用逆向思维，根据位移时间公式有212x vt at =-，B 正确． 12．刻度尺；沙和小桶的总质量远小于滑块的质量， 平衡摩擦力； mg (x 2＋x 3)， 122x x T +， 342x x T+ 【详解】（1）[1]．根据题意本实验需要测量滑块的位移，所以还缺少的器材是刻度尺．（2）[2][3]．根据牛顿第二定律可知当沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量时，绳子拉力才近似等于沙和沙桶的重力，所以沙和沙桶应满足的实验条件是沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量，由受力分析可知，为保证细线拉力为木块的合外力，首先要做的是平衡摩擦力． （3）[4][5][6]．合力对滑块做的功为()23mg x x +v B ＝122x x T + v D ＝342x x T+点睛：明确实验原理是解决实验问题的关键，本实验的关键是两个问题，一个是怎样才能使滑块受到的合力是绳子的拉力，再一个是怎样才能使绳子拉力近似等于小桶的重力． 13．0.1 0.19 0.20 【详解】电源频f=50Hz ，所以相邻的计数点间的时间间隔为t=5x0.02s=0.1s ．由公式312s s v t-= 可算出v 2=0.19m/s ．由a=(S II +S III -S I -S IV )/4t 2 =0.2m/s 2 . 14．（1）203GT π（2）T =【详解】（1）月球的半径为R ，月球质量为M ，卫星质量为m由于在月球表面飞行，万有引力提供向心力：22204mM G m R R T π＝得23204R M GT π＝且月球的体积V ＝43πR 3根据密度的定义式 M V ρ＝得232023043 43R GT GT R ππρπ＝＝ （2）地球质量为M 0，月球质量为M ，月球绕地球运转周期为T由万有引力提供向心力2202004 r GM M M r Tπ＝根据黄金代换GM 0＝gR 02得T =15．2.5×104m/s 2，方向与初速度方向相反 【详解】 根据加速度定义∆=∆v a t可知242300800m/s 2.510m/s 0.02a -==-⨯符号说明加速度方向与原初速度方向相反． 16．(1)0.2m/s 2 ；(2)50 s 【解析】（1）汽车所受的阻力：f=kmg=0.02×4×103×10N=×800N 根据根据牛顿第二定律得，F-f=ma ，2231600800/0.2/410F f a m s m s m --⨯＝＝＝ （1）由公式：v=at 得：10500.2vt s s a＝＝＝。
云南省玉溪市新平县第一中学20222022学年高二物理12月月考试题
云南省新平一中20222022学年上学期12月考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。
学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.在光滑绝缘桌面上，带电小球A固定，带电小球B在AB间库仑力作用下以速率v0绕小球A做半径为r的匀速圆周运动，若使其绕小球A做匀速圆周运动的半径变为2r，则B球的速率大小应变为( )A．v0B．v0C． 2v0D．2.关于电场线的以下说法中，正确的是( )A．沿电场线的方向，电场强度必定越来越小B．在多个电荷产生的电场中，电场线是可以相交的C．点电荷在电场中的运动轨迹一定跟电场线是重合的D．顺着电场线移动电荷，电荷受电场力大小不一定不变3.一带电粒子沿图中曲线穿过一匀强电场中的等势面，且四个等势面的电势关系满足>φb>φc>φd，若不计粒子所受重力，则( )φaA．粒子一定带正电B．粒子的运动是匀变速运动C．粒子从A点到B点运动的过程中动能先减小后增大D．粒子从A点到B点运动的过程中电势能增大4.如图所示是电容式话筒的示意图，它是利用电容制作的传感器，话筒的振动膜前面有薄薄的金属层，膜后距离膜几十微米处有一金属板，振动膜上的金属层和这个金属板构成电容器的两极，在两极间加一个电压U，人对着话筒说话时，振动膜前后振动，使电容发生变化，使声音信号被话筒转化为电信号，其中导致电容变化的原因可能是电容器两板间的( )A．介质变化B．正对面积变化C．距离变化D．电压变化5.如图为多用电表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300 μA，内阻r g＝100 Ω，调零电阻最大阻值R＝50 kΩ，串联的固定电阻R0＝50 Ω，电池电动势E＝1.5 V，用它测量电阻Rx，能较准确测量的阻值范围是( )A． 30～80 kΩB． 3～8 kΩC． 300～800 kΩD． 3 000～8 000 kΩ6.如图所示是一个物理课外兴趣小组设计的热水供应系统示意图．当水温低于50 ℃水位上升到某一位置使接触器被水淹没时，会触动继电器(虚线框内)接通开关使电热器开始加热，图中热敏电阻随温度的升高而变小，如果希望水温低于60 ℃且接触器被水淹没时，电热器开始加热，则滑动变阻器的阻值变化情况以及图中粗线框表示的门电路是( )A．变大，或门B．变小，或门C．变大，与门D．变小，与门7.如图所示是一实验电路图．在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是( )A．路端电压变小B．电流表的示数变大C．电源内阻消耗的功率变小D．电路的总电阻变大8.使用多用电表的欧姆挡测导体电阻时，如果两手同时分别接触两表笔的金属杆，则造成测量值( )A．比真实值大B．比真实值小C．与真实值相等D．可能比真实值大，也可能小9.下列说法正确的是（）A．运动电荷在磁场中一定受到洛仑兹力B．洛仑兹力必与电荷速度方向垂直C．运动电荷在磁场中必做匀速圆周运动D．电荷在磁场中不可能做匀速运动10.地球是一个大磁体：①在地面上放置一个小磁针，小磁针的南极指向地磁场的南极；②地磁场的北极在地理南极附近；③赤道附近地磁场的方向和地面平行；④北半球地磁场方向相对地面是斜向上的；⑤地球上任何地方的地磁场方向都是和地面平行的．以上关于地磁场的描述正确的是( )A．①②④B．②③④C．①⑤D．②③二多选题(共5小题,每小题4.0分,共20分) 11.(多选)如图所示，长为L倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电荷量为＋q质量为m的小球以初速度v0从斜面底端A点开始沿斜面上滑，当到达斜面顶端B点时，速度仍为v0，则( )A．AB两点间的电势差一定等于B．小球在B点的电势能一定大于在A点的电势能C．若电场是匀强电场，则该电场的电场强度的最小值一定为D．若该电场是斜面中垂线上某点的点电荷Q产生的，则Q一定是正电荷12.(多选)如图所示，放在绝缘台上的金属网罩B内放有一个不带电的验电器C，如把一带有正电荷的绝缘体A移近金属网罩B，则( )A．在B的内表面带正电荷，φB＝φC＝0B．在B的右侧外表面带正电荷C．验电器的金属箔片将张开，φB<φCD．φB＝φC，B的左右两侧电势相等13.(多选)根据欧姆定律，下列判断正确的是( )A．导体两端的电压越大，导体的电阻越大B．加在气体两端的电压与通过的电流的比值是一个常数C．电流经过电阻时，沿电流方向电势要降低D．电解液短时间内导电的UI图线是一条直线14.(多选)如图所示，R1R2R3R4均为可变电阻，C1C2均为电容器，电源的电动势为E，内阻r≠0.若改变四个电阻中的一个阻值，则( )A．减小R1，C1C2所带的电量都增加B．增大R2，C1C2所带的电量都增加C．增大R3，C1C2所带的电量都增加D．减小R4，C1C2所带的电量都增加15.（多选）安培的分子环流假设，可用来解释（）A．两通电导体间有相互作用的原因B．通电线圈产生磁场的原因C．永久磁铁产生磁场的原因D．铁质类物体被磁化而具有磁性的原因分卷II三实验题(共2小题,共14分) 16.如图所示为一简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流I g＝300 μA，内阻R g＝100Ω，可变电阻R的最大阻值为10 kΩ，电池的电动势E＝1.5 V，内阻r＝0.5 Ω，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是________色．按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度盘的正**，则Rx＝________ kΩ，若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述Rx，其测量结果与原结果相比将________(填“变大”“变小”或“不变”)．17.某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度L= mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D= mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1（量程0～5 mA，内阻约50 Ω）；电流表A2（量程0～15 mA，内阻约30 Ω）；电压表V1（量程0～3 V，内阻约10 kΩ）；电压表V2（量程0～15 V，内阻约25 kΩ）；直流电源E（电动势4 V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0～15 Ω，允许通过的最大电流2.0 A）；滑动变阻器R2（阻值范围0～2 kΩ，允许通过的最大电流0.5 A）；开关S；导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图丁中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．（5）若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，若已知伏安法测电阻电路中电压表和电流表示数分别用U和I表示，则用此法测出该圆柱体材料的电阻率ρ= ．（不要求计算，用题中所给字母表示）四计算题18.如图所示，两块平行金属板竖直放置，两板间的电势差U＝1.5×103V(仅在两板间有电场)，现将一质量m＝1×102kg电荷量q＝4×105C的带电小球从两板的左上方距两板上端的高度h ＝20 cm的地方以初速度v0＝4 m/s水平抛出，小球恰好从左板的上边缘进入电场，在两板间沿直线运动，从右板的下边缘飞出电场，g取10 m/s2，求：(1)金属板的长度L；(2)小球飞出电场时的动能E k.19.电动玩具汽车的直流电动机电阻一定，当加上0.3 V电压时，通过的电流为0.3 A，此时电动机没有转动．当加上3 V电压时，电流为1 A，这时候电动机正常工作．求：(1)电动机的电阻；(2)电动机正常工作时，产生的机械功率和发热功率．20.如图所示，电流表读数为0.75 A，电压表读数为2 V，R3＝4 Ω，经过一段时间后某一电阻烧断，电流表读数变为0.8 A，电压表读数变为3.2 V，设电表对电路的影响不计，试问：(1)烧断的是哪一个电阻？(2)试求R1的电阻值？(3)电源的电动势和内阻分别是多少？21.如图所示，x轴上方以原点O为圆心半径为R＝2 m的半圆形区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面向外，磁感应强度为B＝T．在x轴下方的区域内存在方向与y轴相同的匀强电场．y轴下方的A点与O点的距离为d＝1 m，一质量为m＝2kg电荷量为q＝2 C 的带正电粒子从A点由静止释放，经电场加速后从O点射入磁场，不计粒子的重力作用．(1)要使粒子进入磁场之后不再经过x轴，电场强度需大于或等于某个值E，求E；(2)若电场强度变化为第(1)问中电场强度E的，求粒子经过磁场偏转后到达x轴时的坐标，并求粒子从A点出发到该位置的时间．答案解析1.【答案】A【解析】半径为r时，对B球：k＝mB半径为2r时，对B球k＝mB解得v＝v0，A正确．2.【答案】D【解析】负点电荷的电场沿电场线方向电场强度增大，A选项错；根据电场的唯一性的原则，多个电荷在某一点产生的电场强度应是每一个电荷在该点产生的电场强度的矢量和，只能有唯一的电场强度，B选项错；运动的轨迹和电场线不一定重合，C选项错；沿电场线方向，电场强度不一定不变，试探电荷受到的电场力大小不一定不变，D选项是正确的．3.【答案】B【解析】由于φa>φb>φc>φd，所以电场线垂直于等势面由a指向d，根据AB弯曲方向可知其受力由d指向a，故该粒子带负电，从A点到B点的运动过程中，粒子的动能在增大，电势能在减小．4.【答案】C【解析】金属层和金属板之间电介质是空气，没有变化，不会导致电容变化．故A错误．振动膜前后振动，金属层和金属板正对面积没有变化，不会导致电容变化．故B错误．振动膜前后振动，金属层和金属板之间的距离发生变化，导致电容变化．故C正确．电容与电压无关，电压的变化不会导致电容变化．故D错误．5.【答案】B【解析】当红黑表笔短接调零时I g＝，R＋R g＋R0＝＝5 000 Ω使用欧姆表读数时在中值电阻5 kΩ左右读数最为准确，所以能较准确测量的阻值范围是3～8 kΩ.6.【答案】D【解析】水位上升淹没接触器时，B端直接与5 V的高电势接通，为高电位，若水温低于50 ℃，则热敏电阻较大，与滑动变阻器串联，热敏电阻分电压较多，滑动变阻器分电压较少，即经过滑动变阻器电势降低的很少，A端也是高电位，此时电路接通，说明门电路输出的也是高电位，说明门电路是与门．水温从50 ℃变为60 ℃时，热敏电阻阻值变小，但是A仍是高低电位的分界点，即滑动变阻器所分电压不变，即热敏电阻和滑动变阻器的阻值比不变，所以滑动变阻器的阻值也变小，选项D对．7.【答案】A【解析】滑动触头由a端滑向b端的过程中，R1值减小，因此总电阻变小，D错误；干路电流变大，路端电压变小，A正确；内阻消耗的功率变大，C错误；定值电阻R3两端的电压变小，电流表示数变小，B错误．8.【答案】B【解析】两手同时接触两表笔的金属杆，相当于被测电阻与人体电阻并联，测出电阻为二者并联阻值，比被测电阻真实值小，故B正确．9.【答案】B【解析】如果运动电荷的速度方向与磁场方向平行，则运动电荷不受洛伦兹力作用，故A错误；由左手定则可知，洛伦兹力方向与磁场方向电荷运动方向垂直，即洛仑兹力的方向总是垂直于磁场方向和电荷速度方向所构成的平面，故B正确；如果运动电荷的速度方向与磁场方向平行，则运动电荷不受洛伦兹力作用，电荷在磁场中做匀速直线运动，故CD错误；10.【答案】D【解析】地面上小磁针静止时，南极应指向地磁场的北极，①错；地磁场的南极在地理北极附近，地磁场的北极在地理南极附近，②对；只有在赤道附近地磁场的方向和地面才平行，③对，⑤错，地磁场方向在北半球斜向下方，南半球斜向上方，④错．故正确答案为D.11.【答案】AC【解析】根据动能定理得：mgL sinθ＋qUAB＝mv mv＝0，得到UAB＝，故选项A正确；小球从A点运动到B点的过程中，重力势能增加，电势能减少，则小球在B点的电势能一定小于小球在A点的电势能，故选项B错误；电场力与重力支持力的合力为零时，小球做匀速直线运动，到达B点时小球速度仍为v0，小球的重力沿斜面向下的分力为mg sinθ一定，则当电场力沿斜面向上，大小为F＝mg sinθ时，电场力最小，场强最小，又电场力F＝Eq，则该电场的场强的最小值一定是，故选项C正确；若该电场是斜面中垂线上某点的点电荷Q产生的，则小球在AB两点电势相等，电势能相等，重力做负功，小球到达B点的速度小于v0与题意不符，故选项D错误．12.【答案】BD【解析】静电平衡时，电荷分布于导体的外表面上，所以选项A错误；由于产生静电感应，使B金属网罩的左侧外表面感应出负电荷，所以B的右侧外表面感应出正电荷，选项B正确；由于静电屏蔽，金属网罩内电场强度为零，故C上无感应电荷，验电器的金属箔片不会张开，选项C错误；由静电屏蔽特点知，导体是等势体，导体表面是等势面，所以选项D正确．13.【答案】CD【解析】导体的电阻与电压无关，A错误；对气体，欧姆定律不成立，即≠常数，B错误；由U＝IR知电流每经过一个电阻要产生一定的电势降落，欧姆定律适用于电解液导体，故CD 正确．14.【答案】BD【解析】减小R1，电容器C1C2两端电压不变，电容器所带电量不变，故A错误；增大R2，整个电路电阻变大，电路电流减小，路端电压变大，电阻R3R4两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电阻R2R3串联电压变大，电容器C1C2两端电压变大，由Q＝CU可知，两电容器所带的电量都增加，故B正确；增大R3，整个电路电阻变大，电路电流减小，由U＝IR可知，电阻R2两端电压变小，电容器C1两端电压变小；路端电压变大，电阻R4两端电压变小，电阻R2R3串联电压变大，电容器C2两端电压变大，由Q＝CU可知，电容器C1所带电荷量减少，C2所带的电量都增加，故C错误；减小R4，电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流变大，电阻R2两端电压变大，电阻R2R3串联电压变大，电容器C1C2两端电压都增大，由Q＝CU可知C1C2所带的电量都增加，故D正确．15.【答案】CD【解析】两通电导体有相互作用，是通过磁体之间的磁场的作用产生的，故A错误；通电线圈产生磁场的原因是电流的周围存在磁场，与分子电流无关，故B错误；安培提出的分子环形电流假说，解释了为什么磁体具有磁性，说明了磁现象产生的本质，故C 正确；安培认为，在原子分子或分子团等物质微粒内部，存在着一种环形电流——分子电流，分子电流使每个物质微粒都形成一个微小的磁体，未被磁化的物体，分子电流的方向非常紊乱，对外不显磁性；磁化时，分子电流的方向大致相同，于是对外界显出显示出磁性，故D正确．16.【答案】红 5 变大【解析】由I＝及I g＝，且指针指刻度盘**，I＝I g＝150 μA，联立解得Rx＝5 kΩ；因欧姆表的内阻变大，同样的电阻值，电流变小，读数变大．17.【答案】（1）50.15（2）4.700（3）220（4）（5）【解析】（1）游标为20分度，其测量精度为0.05 mm，则游标卡尺的读数：游标卡尺主尺读数为50 mm，游标读数为3×0.05 mm=0.15 mm 所以最终读数为50.15 mm；（2）螺旋测微器固定刻度读数为4.5 mm，可动刻度读数为20.0×0.01 mm=0.200 mm，最终读数为d=4.5 mm+0.200 mm=4.700 mm（3）用多用电表的电阻“×10”挡粗测电阻时，读数为R=22.0×10 Ω=220 Ω．（4）根据闭合电路欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为R max=A≈0.018 A=18 mA，所以电流表应选择A2；由于电源电动势为4 V，电压表应选择V1；由于所以要求多测几组数据，所以变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器R1以方便调节，电路图如图所示：（5）根根据电阻定律R=ρ横截面积公式S=D2得：ρ=18.【答案】(1)0.15 m (2)0.175 J【解析】(1)小球到达左板上边缘时的竖直分速度：v y＝＝2 m/s设小球此时速度方向与竖直方向之间的夹角为θ，则tanθ＝＝2小球在电场中沿直线运动，所受合力方向与运动方向相同，设板间距为d，则：tanθ＝＝，L＝，解得L＝＝0.15 m.(2)进入电场前mgh＝mv mv电场中运动过程qU＋mgL＝E k mv解得E k＝0.175 J.19.【答案】(1)1 Ω(2)2 W 1 W【解析】(1)当加上0.3 V电压时电动机不转动，利用欧姆定律得r＝＝Ω＝1 Ω(2)当加上3 V电压时，消耗的电能一部分发热，一部分转化为了机械能．消耗的电功率为：P＝IU＝1×3 W＝3 W发热功率P热＝I2r＝12×1 W＝1 W根据能量关系，产生的机械功率为：P机＝PP热＝2 W.20.【答案】(1)R2(2)4 Ω(3)4 V 1 Ω【解析】(1)因某电阻烧断，电流表电压表示数均增大，若R1R3断路，电流表或电压表无读数，可断定烧断的电阻是R2.(2)由R2烧断后：电压表的示数等于路端电压，则由欧姆定律可知：R1＝＝Ω＝4 Ω(3)根据闭合电路欧姆定律得U＝EIr，即：3.2＝E0.8r①R2未烧断时，路端电压为：U′＝R1I′＝4×0.75 V＝3 V通过R3的电流为：I3＝＝A＝0.25 A总电流为：I0＝I3＋I′＝0.25 A＋0.75 A＝1.0 A则有：U′＝EI0r即：3＝Er②联立①②解得：E＝4 V，r＝1 Ω.21.【答案】(1)V/m (2)(2，0)(2＋) s【解析】(1)粒子在电场中做匀加速运动，由动能定理得，qEd＝mv2①；粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得，qvB＝m②粒子恰好不经过x轴，则离开磁场时速度方向与x轴平行，作出粒子运动轨迹如图所示由几何关系得：R＝r③联立①②③解得E＝＝V/m.(2)由E′＝E得，E′＝，可知：r＝.作出粒子运动轨迹如图所示：由cosα＝＝得，α＝30°，所以：β＝2α＝60°，粒子经x轴时位置坐标为：x＝r＋，解得：x＝R＝2m，坐标为：(2，0)．粒子在电场中：由d＝t2得，t1＝＝s，v＝t1粒子在磁场中：t2＝·＝π s出磁场后运动到x轴的时间：t3＝＝＝s，综上，粒子从A点出发到该位置的时间t＝t1＋t2＋t3＝(2＋)s.。
云南省新平一中2019-2020学年高二上学期10月月考物理试题
云南省新平一中2019-2020学年上学期10月份考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。
学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分)1.关于等势面，下列说法正确的是()A．等势面上各点电荷受力不一定相同B．同一等势面上的各点场强大小必定相等C．电荷所受静电力的方向必和该点等势面垂直，并指向电势升高的方向D．电荷从电场中一点移到另一点，静电力没做功，电荷必在同一等势面上移动2.空间有p、q两个点电荷相距r且仅在相互间的库仑力作用下从静止开始运动，开始时p 的加速度为a，q的加速度为4a，经过一段时间后，q的加速度为a，速度达到v，则这时p 的加速度和p、q两个点电荷相互间的距离的大小为()A．4a、4r B．a、r C．a、2r D．a、4r3.已知用电器A的电阻是用电器B的电阻的2倍，加在A上的电压是加在B上的电压的一半，那么通过A和B的电流I A和I B的关系是()A．I A＝2I B B．I A＝C．I A＝I B D．I A＝4.下列关于电荷的电势能的说法中正确的是（）A．电荷在电场强度大的地方，电势能一定大B．电荷在电场强度为零的地方，电势能一定为零C．电荷在电势较高的地方其电势能一定较大D．如果静电力对电荷不做功，电荷的电势能就一定不变5.一电池外电路断开时的路端电压为3 V，接上8 Ω的负载电阻后路端电压降为2.4 V，则可以判定电池的电动势E和内阻r为()A．E＝2.4 V，r＝1 ΩB．E＝3 V，r＝2 ΩC．E＝2.4 V，r＝2 ΩD．E＝3 V，r＝1 Ω6.真空中相距为3L的两个点电荷A、B分别固定于x轴上x1＝0和x2＝3L的两点处，其连线上各点场强随x变化关系如图所示(x正方向为场强的正方向)，以下判断中正确的是()A．点电荷A、B一定为异种电荷B．点电荷A、B所带电荷量的绝对值之比为1∶2C．x＝L处的电势一定为零D．把一个负电荷沿x轴从x＝移至x＝L的过程中，电势能先减小后增大7.真空中的某装置如图所示，现有质子、氘核和α粒子都从O点静止释放，经过相同加速电场和偏转电场，射出后都打在同一个与OO′垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点(已知质子、氘核和α粒子质量之比为1∶2∶4，电量之比为1∶1∶2且粒子重力不计)．下列说法中正确的是()A．三种粒子在偏转电场中运动时间之比为2∶1∶1B．三种粒子出偏转电场时的速度相同C．在荧光屏上将只出现1个亮点D．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1∶2∶28.如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a、b和c分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上；a、b带正电，电荷量均为q，c带负电．整个系统置于方向水平的匀强电场中．已知静电力常量为k.若三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为()A．B．C．D．9.如图所示，在电场强度E＝2×103V/m的匀强电场中有三点A、M和B，AM＝4 cm，MB＝3 cm，AB＝5 cm，且AM边平行于电场线，把一电荷量q＝2×10－9C的正电荷从B移动到M()点，再从M点移动到A点，电场力做功为A．1.6×10－7JB．1.2×10－7JC．－1.6×10－7JD．－1.2×10－7J10.为了保障行驶安全，一种新型双门电动公交车安装了如下控制装置：只要有一扇门没有关紧，汽车就不能启动．如果规定：车门关紧时为“1”，未关紧时为“0”；当输出信号为“1”时，汽车可以正常启动行驶，当输出信号为“0”时，汽车不能启动．能正确表示该控制装置工作原理的逻辑门是()A．“与”门B．“或”门C．“非”门D．“与非”门二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)11.(多选)在如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列比值正确的是()A．不变，不变B．变大，变大C．变大，不变D．变大，不变12.（多选）某带电粒子只受电场力作用，从C向D运动，其轨迹如图中虚线所示，由此可判定（）A．此粒子一定带正电B．此粒子在C处的加速度大于在D处的加速度C．此粒子在C处的电势能大于在D处的电势能D．此粒子在C处的动能大于在D处的动能13.(多选)关于电源的作用，下列说法正确的是()A．电源的作用是能为电路持续地提供自由电荷B．电源的作用是能直接释放电能C．电源的作用就是保持导体两端的电压，使电路中有持续的电流D．电源的作用就是使自由电荷运动起来14.(多选)如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r且小于灯泡L1的冷态电阻(不发光时的电阻)．开关闭合后两灯泡均发光，现在将滑动变阻器的滑片P稍向下滑动，则() A．电源的内电压减小B．电灯L1变亮C．电流表读数变小D．电源的输出功率变小三、实验题(共2小题,共15分)15.（1）用螺旋测微器测量合金丝的直径．为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧如图甲所示的部件（选填“A”、“B”、“C”或“D”）．从图中的示数可读出合金丝的直径为mm．（2）用游标卡尺可以测量某些工件的外径．在测量时，示数如上图乙所示，则读数分别为mm．16.在描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，实验室备有下列器材供选择：A．待测小灯泡“3 V，2 W”B．电流表A1（量程3 A，内阻约为1 Ω）C．电流表A2（量程0.6 A，内阻约为5 Ω）D．电压表V1（量程3 V，内阻约为10 kΩ）E．电压表V2（量程15 V，内阻约为50 kΩ）F．滑动变阻器（最大阻值为100 n，额定电流50 mA）G．滑动变阻器（最大阻值为10 n，额定电流1 A）H．电源（电动势为4 V，内阻不计）I．电键及导线等（1）电流表应选用；电压表应选；滑动变阻器应选用（填器材前面的字母）.（2）在图甲实物图中，有部分线已连好，要求小灯泡的电压从零开始测量，请连成符合要求的完整的电路图.（3）开关闭合之前，图中滑动变阻器的滑片应该置于（选填“A端”、B端”或'“A、B中间”）（4）某同学实验后作出的I﹣U图象如图乙所示，则当灯泡两端的电压为2.4 V时，灯泡的实际功率是W （结果保留两位有效数字）四、计算题17.如图所示，两个分别用长l=5 cm的绝缘细线悬挂于同一点的相同金属小球（可视为点电荷），带有等量同种电荷．由于静电力为斥力，它们之间的距离为r=6 cm．已测得每个金属小球的质量m=1.2×10﹣3kg．试求它们所带的电荷量.（已知g=10 m/s2，k=9.0×109N•m2/C2）18.如图所示，把一个倾角为θ的绝缘斜面固定在匀强电场中，电场方向水平向右，电场强度大小为E，有一质量为m、带电荷量为＋q的物体，以初速度v0从A端滑上斜面恰好能沿斜面匀速运动，求物体与斜面间的动摩擦因数.19.如图所示，在水平方向的匀强电场中，用长为L的绝缘细线，拴住一质量为m，带电量为q的小球，线的上端固定．开始时连线带球拉成水平，突然松开后，小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时的速度恰好为零．问：（1）A、B两点的电势差UAB为多少？（2）电场强度为多少？20.水平放置的两块平行金属板长L＝5.0 cm，两板间距d＝1.0 cm，两板间电压为90 V且上板为正.一电子沿水平方向以速度v0＝2.0×107m/s从两板中间射入，如图所示，求：(电子电荷量q＝1.6×10－19C，电子质量m e＝9.1×10－31kg)(计算结果在小数点后保留两位有效数字)(1)电子偏离金属板时的侧位移；(2)电子飞出电场时的速度；(3)电子离开电场后，打在屏上的P点，若s＝10 cm，求OP的长.答案1.A2.C3.D4.D5.B6.D7.C8.B9.C10.A11.ACD12.BC13.BC14.ACD15.（1）B0.410 （2）11.50【解析】解：（1）读数前应先旋紧B，使读数固定不变，螺旋测微器的固定刻度为0 mm，可动刻度为41.0×0.01 mm=0.410 mm，所以最终读数为0 mm+0.410 mm=0.410 mm．（2）游标卡尺的主尺读数为11 mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05 mm=0.50 mm，所以最终读数为：11 mm+0.50 mm=11.50 mm．16.（1）C D G （2）连线如图所示（3）A端（4）1.3【解析】（1）灯泡额定电压为3 V，电压表应选D，灯泡额定电流I==A≈0.66 A，若采用3 A量程则误差较大，故只能采用0.6 A量程进行测量；本实验采用分压接法，为方便实验操作应选滑动变阻器G．（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示．（3）由图可知，测量电路与滑动变阻器左侧并联，故为了让电流从零开始调节，滑片位置应滑到A端；（4）由图可知，当电压为2.4 V时，电流I=0.52 A，则功率P=UI=2.4×0.52 W≈1.3 W．17.6×10﹣8C【解析】带电金属小球在重力、静电力和线的拉力作用下，处于平衡状态，它的受力示意图如图所示．由共点力平衡条件可知：F=mg tanθ由几何关系得tanθ==F==mg tanθq=r=6×10﹣8C18.【解析】物体受力情况如图所示，将各力沿斜面和垂直斜面两个方向进行正交分解，则沿斜面方向上：F f＋mg sinθ＝qE cosθ①垂直斜面方向上：mg cosθ＋qE sinθ＝F N②其中F f＝μF N③由①②③解得：μ＝.19.（1）（2）【解析】（1）小球由A到B过程中，由动能定理得：mgL sin 60°+qUAB=0，解得：UAB=.（2）BA间电势差为：UBA=UAB=，则场强：E==20.(1)0.49 cm(2)2.04×107m/s速度的方向与v0的夹角θ满足tanθ≈0.2(3)2.49 cm【解析】(1)电子在电场中的加速度a＝，侧位移y＝，又因t＝，则y＝≈0.49 cm.(2)电子飞出电场时，水平分速度v x＝v0，竖直分速度v y＝at＝≈3.96×106m/s，则电子飞出电场时的速度v＝≈2.04×107m/s.设v与v0的夹角为θ，则tanθ＝≈0.2.(3)电子飞出电场后做匀速直线运动，则OP＝y＋s tanθ＝2.49 cm.。
云南省玉溪市新平一中2021届高三上学期开学考试物理试卷含答案
绝密★启用前云南省玉溪市新平一中2020-2021学年上学期开学考试高三物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。
分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分)1.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数n1∶n2∶n3＝3∶2∶1，副线圈n2接有“8 V,8 W”的灯泡L1、L2，副线圈n3上接有“6 V,9 W”的灯泡L3、L4，原线圈上接有电阻R1＝3 Ω，当a、b端接入交变电源后，L1、L2正常发光，则交变电源的输出功率为()A． 72 W B． 36 W C． 34 W D． 24 W2.如图所示，a、b、c三个环水平套在条形磁铁外面，其中a和b两环大小相同，c环最大，a环位于N极处，b和c两环位于条形磁铁中部，则穿过三个环的磁通量的大小是()A．c环最大，a与b环相同B．三个环相同C．b环比c环大D．a环一定比c环大3.在静电场中，下列有关电势能、电势判断正确的是（）A．电势能、电势都是仅有电场本身因素决定，与处于电场中的电荷无关B．电势高的地方，电荷的电势能一定大C．电势能等于两点的电势差D．某点电势的大小等于单位电荷在该点与在参考点的电势能差的大小4.我国古代四大发明中，涉及到磁现象应用的发明是()A．指南针 B．造纸术 C．印刷术 D．火药5.两个电阻，R1＝8 Ω，R2＝2 Ω，并联在电路中，欲使这两个电阻消耗的电功率相等，可行的办法是()A．用一个阻值为2 Ω的电阻与R2串联B．用一个阻值为1 Ω的电阻与R2串联C．用一个阻值为6 Ω的电阻与R1串联D．用一个阻值为2 Ω的电阻与R1串联6.一束波长为7×10－5cm的光波，每秒钟有3×1015个光子通过一个与光线垂直的平面．另有一束光，它传输相同的能量，但波长为4×10－5cm.那么这束光每秒钟通过这垂直平面的光子数目为() A． 0.58×1015个 B． 3×1015个C． 1.71×1015个 D． 5.25×1015个7.如图所示，在绝缘的水平面上等间距固定着三根相互平行的通电直导线a、b和c，各导线中的电流大小相同，其中a、c导线中的电流方向垂直纸面向外，b导线中电流方向垂直纸面向里，每根导线都受到另外两根导线对它的安培力作用，则关于每根导线所受安培力的合力，以下说法正确的是()A．导线a所受合力方向水平向左B．导线a所受合力方向水平向右C．导线c所受合力方向水平向左D．导线b所受合力方向水平向左8.如图所示，电场中有a、b、c三点，一个电荷量为q=+2×10-8C的检验电荷在b点受到的静电力是F=6×10-6N，方向由b指向c，关于b点的电场强度，下列说法正确的是（）A．b点的场强大小是300N/C、方向由b指向aB．b点的场强大小是300N/ C、方向由b指向cC ．若在b点改放一个= -1×10-8C的电荷，则该点的场强变为 600 N/C，方向由b指向aD．若在b点改放一个= -1×10-8C的电荷，则该点的场强变为 600 N/ C，方向仍由b指向c9.圆形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如下图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是()A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大10.下列关于放射性现象的说法中，正确的是()A．原子核发生α衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了4B．原子核发生α衰变时，生成核与α粒子的总质量等于原来的原子核的质量C．原子核发生β衰变时，生成核的质量数比原来的原子核的质量数多1D．发生衰变时原子核要释放能量二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)11.(多选)如图所示，原、副线圈匝数比为2∶1的理想变压器正常工作时()A．原、副线圈磁通量之比为2∶1B．原、副线圈电流之比为1∶2C．输入功率和输出功率之比为1∶1D．原、副线圈磁通量变化率之比为1∶112.(多选)长为l的水平极板间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，板间距离也为l，极板不带电．现有质量为m、电荷量为q的带正电粒子(不计重力)，从两极板间边界中点处垂直磁感线以速度v水平射入磁场，欲使粒子不打在极板上，可采用的办法是()A．使粒子的速度v<B．使粒子的速度v>C．使粒子的速度v>D．使粒子的速度<v<13.(多选)如图所示为氢原子的能级图，已知可见光的光子能量范围约为1.62～3.11 eV，镁板的逸出功为5.9 eV，以下说法正确的是()A．用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光照射镁板一定不能产生光电效应现象B．用能量为11.0 eV的自由电子轰击处于基态的氢原子，可使其跃迁到激发态C．处于n＝2能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并且使氢原子电离D．处于n＝4能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并且使氢原子电离14.(多选)某同学质量为60 kg，在军事训练中要求他从岸上以大小为2 m/s的速度跳到一条向他缓缓飘来的小船上，然后去执行任务，小船的质量是140 kg，原来的速度大小是0.5 m/s，该同学上船后又跑了几步，最终停在船上．则()A．人和小船最终静止在水面上 B．该过程同学的动量变化量为105 kg·m/sC．船最终的速度是0.25 m/s D．船的动量变化量是70 kg·m/s分卷II三、实验题(共2小题,共15分)15.如图所示，在“验证动量守恒定律”的实验中，P为入射球A未与被碰球B碰撞时的落点，M为它与B球碰后的落点，N为B球的落点，这个实验对小球质量MA和MB的要求是MA________MB(填“＞”“＝”或“＜”). 为了能用OP长度表示球A的初速度，OM和O′N长度分别表示球A与球B的末速度，则必须做到________，用图中标出的符号和测出的数据列出验证动量守恒的表达式为________.16.有以下可供选用的器材及导线若干条，要求使用个数最少的仪器尽可能精确地测量一个电流表的满偏电流．A．被测电流表A 1：满偏电流约700～800，内阻约100 Ω，刻度均匀、总格数为N；B．电流表A2：量程0.6 A，内阻0.1 Ω；C．电压表V：量程3 V，内阻3 kΩ；D．滑动变阻器R1：最大阻值200 Ω；E．滑动变阻器R2：最大阻值1 kΩ；F．电源E：电动势3 V、内阻1.5 Ω；G．开关一个.（1）选用的器材应为_____________．（填A→G字母代号）（2）在虚线框内画出实验电路图，并在每个选用的仪器旁标上题目所给的字母序号．（3）测量过程中测出多组数据，其中一组数据中待测电流表A1的指针偏转了n格，可算出满偏电流Ig=________，式中除N、n外，其他字母符号代表的物理量是_____________．四、计算题17.如图所示，A、B两平行金属板间的匀强电场的场强E＝2×105V/m，方向如图所示．电场中a、b 两点相距10 cm，ab连线与电场线成60°角，a点距A板2 cm，b点距B板3 cm，求：(1)电势差UAa、Uab和UAB；(2)用外力F把电荷量为1×10－7C的正电荷由b点匀速移动到a点，那么外力F做的功是多少？18.如图所示，电源电动势E＝10 V，内阻r＝1 Ω，R1＝3 Ω，R2＝6 Ω，C＝30 μF.(1)闭合开关S，求稳定后通过R1的电流；(2)然后将开关S断开，求电容器两端的电压变化量和断开开关后流过R1的总电量；(3)如果把R2换成一个可变电阻，其阻值可以在0～10 Ω范围变化，求开关闭合并且电路稳定时，R2消耗的最大电功率．19.如图所示，区域Ⅰ中有竖直向上的匀强电场，电场强度为E，区域Ⅱ内有垂直纸面向外的水平匀强磁场，磁感应强度为B，区域Ⅲ中有垂直纸面向里的水平匀强磁场，磁感应强度为2B.一质量为m、带电量为q的带负电粒子(不计重力)从左边界O点正上方的M点以速度v0水平射入电场，经水平分界线OP上的A点与OP成60°角射入Ⅱ区域的磁场，并垂直竖直边界CD进入Ⅲ区域的匀强磁场中．求：(1)粒子在Ⅱ区域匀强磁场中运动的轨道半径；(2)O、M间的距离；(3)粒子从第一次进入区域Ⅱ到第一次离开区域Ⅲ所经历的时间t.20.如图所示，在光滑水平面上有木块A和B，mA＝0.5 kg，mB＝0.4 kg，它们的上表面是粗糙的，今有一小铁块C，mC＝0.1 kg，以初速度v0＝10 m/s沿两木块上表面滑过，最后停留在B上，此时B、C以共同速度v＝1.5 m/s运动，求：(1)此时A运动的速度大小．(2)C刚离开A时的速度大小．(3)整个过程中，A、B、C整个系统所产生的内能．答案1.B2.C3.D4.A5.A6.C7.A8.B9.D10.D11.BCD12.AB13.BD14.BC15.＞碰前A、B两球心等高MA·＝MA·＋MB·【解析】为保证A碰后速度仍向右，MA＞MB; A、B碰后均为平抛运动，由s＝v·t,只有t相同，s才能表示v,所以A、B球心碰前必在同一水平线上.16.（1）ACDFG（2）如图所示（3），U为电压表读数，R V为电压表内阻【解析】（1）电压表量程为3 V，内阻3 kΩ，满偏电流为I g=A=1 mA=1000 μA，与待测电流表类似，可以当作电流表使用，与待测电流表串联即可；由于滑动变阻器用分压电路，故选D，故应选用的器材为：ACDFG.（2）题目中的电流表量程0.6 A，偏大，不需要；采用滑动变阻器分压式接法，电压可以连续调节．电路图如图所示：（3）待测电流表总格数为N，电流等于电压表电流，为；电流表与电压表串联，通过他们的电流相等，指针偏转格数之比：，故，U为电压表读数，为电压表内阻.17.(1)4×103V1×104V2×104V(2)1×10－3J【解析】(1)UAa＝E·dAa＝2×105×0.02 V＝4×103V.Uab＝E·dab＝2×105×0.1×cos 60° V＝1×104V.UAB＝E·dAB＝2×105×(0.02＋0.1×cos 60°＋0.03) V＝2×104V.(2)据动能定理得WF＋W电＝0，所以WF＝－W电＝－qUba＝qUab＝1×10－7×1×104J＝1×10－3J.18.(1)1 A(2)1.2×10－4C(3)6.25 W【解析】(1)稳定时，电容器看做断开状态，电路中的电流：I＝＝A＝1 A.(2)S闭合，电路处于稳定状态时，电容器两端的电压U＝IR2＝1×6 V＝6 V；断开开关后，电容器两端的电压为10 V，所以ΔU＝4 V；流过R1的总电量为ΔQ＝ΔU·C＝4×30×10－6C＝1.2×10－4C.(3)当R2＝R1＋r＝4 Ω时，R2消耗的电功率最大P2＝＝6.25 W.19.(1)(2)(3)【解析】(1)粒子在电场中做类平抛运动，设粒子过A点的速度为v，将速度分解有：v＝＝2v0.在磁场Ⅱ中做匀速圆周运动，根据qvB＝m得，R＝.(2)设粒子在电场中运动的时间为t1，加速度为a，则有：qE＝ma，v0tan 60°＝at1，则OM两点间距离为L＝at＝.(3)粒子在磁场Ⅱ、Ⅲ中做匀速圆周运动，轨迹如下图所示：粒子在磁场Ⅱ中运动时间：t2＝粒子在磁场Ⅲ中运动时间：t3＝故经历的时间为t＝20.(1)0.5 m/s(2)5.5 m/s(3)4.375 J【解析】(1)A、B、C三个木块组成的系统动量守恒，以C的初速度方向为正方向，在整个过程中，由动量守恒定律得：mC v0＝mA v A＋9(mB＋mC)v代入数据得：v A＝0.5 m/s.(2)当C刚离开A时AB有共同的速度v A，所以由动量守恒定律得：mC v0＝(mA＋mB)v A＋mC v C代入数据得：v C＝5.5 m/s.(3)整个过程中，根据能量守恒定律得：Q＝mC v02－mA v A2－(mB＋mC)v2，代入数据得Q＝4.375 J.。
2020-2021学年度上学期高二第一次质量达标检测物理试题 含答案
2020-2021学年度上学期高二第一次质量达标检测物理试题一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
每小题只有一个选项符合题目要求。
1、一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A并留在其中，A、B用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示。
则在子弹打击木块A及弹簧被压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统A.动量守恒，机械能守恒B.动量不守恒，机械能守恒C.动量守恒，机械能不守恒D.无法判定动量和机械能是否守恒2、篮球运动员接传来的篮球时，通常先伸出两臂迎球，手触到球瞬间顺势后引。
这样可以减小A．球对手的力的冲量 B．球对手的力的大小C．球的动量变化量 D．球的动能变化量3、送人造地球卫星的火箭开始工作后，火箭做加速运动的原因是A．燃料推动空气，空气反作用力推动火箭B．火箭发动机将燃料燃烧产生的气体向后推出，气体的反作用力推动火箭C．火箭吸入空气，然后向后排出，空气对火箭的反作用力推动火箭D．火箭燃料燃烧发热，加热周围空气，空气膨胀推动火箭4、在水平方向做简谐运动的质点，其振动图像如图所示，假设向右的方向为正方向，则物体的位移向左且速度向右的时间段是A．0到1 s内B．1 s到2 s内C．2 s到3 s内D．3 s到4 s内5、如图所示，在光滑水平面上质量分别为m A＝2 kg、m B＝4 kg，速率分别为v A＝5 m/s、v B＝2 m/s的A、B两小球沿同一直线相向运动，则下列叙述正确的是()A.它们碰撞前的总动量是18 kg·m/s，方向水平向右B.它们碰撞后的总动量是18 kg·m/s，方向水平向左C.它们碰撞前的总动量是2 kg·m/s，方向水平向右D.它们碰撞后的总动量是2 kg·m/s，方向水平向左6、A球的质量是m，B球的质量是2m，它们在光滑的水平面上以相同的动量运动。
B在前，A在后，发生正碰后，A球仍朝原方向运动，但其速率是原来的一半，碰后两球的速率比v A′∶v B′为A.1∶2B.1∶3C.2∶1D.2∶37、将质量为1.00kg的模型火箭点火升空，50g燃烧的燃气以大小为600m/s 的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。
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绝密★启用前云南省新平县一中2020-2021学年上学期12月份考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。
学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分)1.有一“3 V，3 W”的小灯泡，则接入下列的哪一电源可使小灯泡最亮（）A．E=3 V，r=1.0 ΩB．E=3 V，r=1.5 ΩC．E=3 V，r=2.0 ΩD．E=3 V，r=2.5 Ω2.关于通电导线所受安培力F的方向、磁感应强度B的方向和电流I的方向之间的关系，下列说法正确的是()A．F、B、I三者必须保持相互垂直B．F必须垂直B、I，但B、I可以不相互垂直C．B必须垂直F、I，但F、I可以不相互垂直D．I必须垂直F、B，但F、B可以不相互垂直3.如图所示，有竖直向下的匀强电场，A、B两等势面间距离为5 cm，电势差为25 V，在电场中P 点固定放置电荷量为5×10－9C的负点电荷，此时电场中有一点场强为零，此点在P点的() A．上方30 cm处B．下方30 cm处C．上方25 cm处D．下方25 cm处4.电源电动势为E，内阻为r，向可变电阻R供电．关于路端电压，下列说法中正确的是()A．因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B．因为U＝IR，所以当R增大时，路端电压也增大C．因为U＝IR，所以当I增大时，路端电压也增大D．因为U＝E－Ir，所以当I增大时，路端电压减小5.如图为某同学设计的研究磁场对通电金属棒作用的实验装置．当其接通开关时，有电流通过金属棒，观察到金属棒向左运动，则下列说法正确的是()A．此时通过金属棒的电流是由电源经b流向aB．若调换U形磁铁的南北极，则金属棒仍向左运动C．若调换流经金属棒的电流方向，则金属棒仍向左运动D．若同时调换U形磁铁的南北极和流经金属棒的电流方向，则金属棒仍向左运动6.如图所示，足够大的光滑绝缘水平面上有三个带电质点，A和C围绕B做匀速圆周运动，B恰能保持静止，其中A、C和B的距离分别是L1和L2.不计三个质点间的万有引力，则A和C的比荷(电荷量与质量之比)应是()A．()2 B．()2C．()3 D．()37.有三个用电器，分别为电风扇、白炽灯和电热毯，它们的额定电压和额定功率均为“220 V,60 W”．现让它们在额定电压下工作相同时间，产生的焦耳热()A．电风扇最少B．白炽灯最少C．电热毯最少D．三者相同8.在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障()A．R1短路B．R2短路C．R3短路D．R1断路9.一根长为0.1 m的电流为1 A的通电导线，在磁场中某处受到的磁场力大小为0.4 N，则该处的磁感应强度为()A．等于4 T B．大于或等于4 TC．小于或等于4 T D．可能为010.一个电流表的满偏电流I g＝1 mA，内阻R g＝500 Ω，要把它改装成一个量程为3 V的电压表，则()A．应在电流表上再串联一个阻值为3 kΩ的电阻B．应在电流表上再并联一个阻值为3 kΩ的电阻C．改装后的电压表内阻是500 ΩD．改装后的电压表内阻是3 kΩ二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)11.(多选)如图的电路中C是平行板电容器，在S先触1后又扳到2，这时将平行板的板间距拉大一点，下列说法正确的是()A．平行板电容器两板的电势差不变B．平行板电容器带电量不变C．平行板电容器两板的电势差减小D．平行板电容器两板间的电场强度不变12.(多选)由磁感应强度公式B＝可知，磁场中某处的磁感应强度的大小()A．随通电导线中的电流I的减小而增大B．此式只是B的定义式不是决定式，所以值是固定的C．随通电导线所受磁场力F的增大而增大D．跟F、I、L的变化无关13.(多选)如图所示电路中，当可变电阻R的阻值增大时()A．A、B两点间的电压增大B．A、B两点间的电压减小C．通过R的电流I增大D．通过R的电流I减小14.(多选)如图所示，甲是某电场中的一条电场线，A、B是这条电场线上的两点，若将一负电荷从A 点自由释放，负电荷沿电场线从A到B运动过程中的速度－时间图象如图乙所示，比较A、B两点电势φ的高低和场强E的大小可得()A．φA＞φB B．φA＜φB C．EA＞EB D．EA＝EB分卷II三、实验题(共2小题,共15分)15.某直流电动机M转动时的U－I图象如图甲所示，该同学利用图乙的实验电路研究电动机的转动情况，电路中使用恒压电源，R1＝15 Ω，R2是滑动变阻器，电流表A是理想电流表，实验操作步骤如下：(1)闭合开关S2前，调节滑动变阻器，使其滑动触头应在________端．(选填“左”或“右”)(2)先闭合开关S1，开关S2保持断开，此时电流表的示数为0.6 A，则恒压电源输出电压为________V.(3)再闭合开关S2，然后缓慢调节滑动变阻器使电动机恰好转动起来，此时电流表的示数为1.8 A，直流电动机M实际消耗的电功率为________ W，滑动变阻器接入电路中的阻值为________Ω.(取两位有效数值)16.如图所示为J0411多用电表示意图．其中A、B、C为三个可调节的部件．某同学在实验室中用它测量一阻值约为1～3 kΩ的电阻．他测量的操作步骤如下：（1）调节可调部件，使电表指针指向．（2）调节可调部件B，使它的尖端指向位置．（3）将红黑表笔分别插入正负插孔中，两笔尖相互接触，调节可动部件，使电表指针指向欧姆零刻度位置．（4）将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数．（5）换测另一阻值为20～25 kΩ的电阻时，应调节B，使它的尖端指向“×1k”的位置，此时还必须重复步骤，才能进行测量，若电表读数如图所示，则该待测电阻的阻值是．四、计算题17.一平行板电容器，板间距离为d，电容为C，接在电压为U的电源上，充电完成后撤去电源．(1)求充电后电容器带的电荷量；(2)若使板间距离增大为2d，则电容器的电容变为多少？板间电场强度变为多大？18.如图甲所示，在真空中足够大的绝缘水平地面上，一个质量为m＝0.2 kg、带电荷量为q＝2.0×10－6C的小物块处于静止状态，小物块与地面间的动摩擦因数μ＝0.1.从t＝0时刻开始，空间加上一个如图乙所示的场强大小和方向呈周期性变化的电场(取水平向右为正方向，g取10 m/s2)，求：(1)23 s内小物块的位移大小；(2)23 s内电场力对小物块所做的功．19.如图所示的电路中，R1是由某金属氧化物制成的导体棒（非纯电阻），通过它的电流I和它两端电压U遵循I=kU3的规律（式中k=0.02 A/V3），R2是普通电阻，阻值为24 Ω，遵循欧姆定律，电源电动势E=6 V，闭合开关S后，电流表的示数为0.16 A．求：（1）R1两端的电压U1；（2）R2消耗的电功率P2；（3）电源的内电阻r．20.如图所示，一均匀带正电的无限长细直棒水平放置，带电细直棒在其周围产生方向与直棒垂直向外辐射状的电场，场强大小与直棒的距离成反比．在直棒上方有一长为a的绝缘细线连接了两个质量均为m的小球A、B，A、B所带电量分别为+q和+4q，球A距直棒的距离为a，两球恰好处于静止状态．不计两小球之间的静电力作用．（1）求细线的张力；（2）剪断细线，若A球下落的最大速度为vm，求A球下落到速度最大过程中，电场力对A球做的功．（3）分析剪断细线后，B球的运动情况及能量的转化情况．答案1.A2.B3.B4.D5.D6.C7.A8.A9.B10.D11.BD12.BD13.AD14.BC15.(1)左(2)9(3)3.8 4.8【解析】(1)闭合开关S2前，调节滑动变阻器使其接入电路中的阻值最大，则滑动触头应在左端．(2)恒压电源输出电压U＝I1R1＝0.6×15 V＝9 V(3)通过直流电动机M的电流I2＝I－I1＝1.8 A－0.6 A＝1.2 A，根据甲图可知此时直流电动机M 的电压为U M＝3.2 V，U2＝U－U M＝9 V－3.2 V＝5.8 V，则直流电动机M实际消耗的电功率为P ＝U M I2＝3.2×1.2 W≈3.8 W，滑动变阻器接入电路中的阻值为R＝＝Ω≈4.8 Ω.16.（1）A 表盘左边的零刻度（2）“×100 Ω”挡（3）C（5）（3）22 kΩ．【解析】解：（1）多用电表的使用首先进行机械调零：调节可调部件A，使电表指针停在表盘左边的零刻度的位置；（2）选择合适的档位：因电阻1～3 kΩ，为使指针指在中央刻度附近选择×100 Ω即可．（3）选档后进行欧姆调零：将红、黑表笔分别插入“+”、“﹣”插孔，笔尖相互接触，调节可调部件C，使电表指针指向表盘右边的欧姆挡零刻线位置．（5）换测另一阻值为20～25 kΩ的电阻时，应调节B，使它的尖端指向“×1k”的位置，此时还必须重新进行欧姆调零，即重复步骤（3），图示读数为：22×103Ω=22 kΩ．17.(1)CU(2)C【解析】(1)由C＝知，电容器带的电荷量Q＝CU.(2)由于电容器的电容与极板间的距离成反比，故距离增大为2d，电容变为原来的一半，即C′＝C.又由于充电后撤去电源，电容器带的电荷量不会发生改变，故电容器极板间的电压U′＝＝＝2U.原来两板间的电场强度为E1＝，变化后两板间的电场强度为E2＝＝，所以电场强度不变．18.(1)47 m(2)9.8 J【解析】(1)设0～2 s内小物块的加速度为a1由牛顿第二定律得E1q－μmg＝ma1即a1＝＝2 m/s2位移x1＝a1t＝4 m2 s末的速度为v2＝a1t1＝4 m/s2～4 s内小物块的加速度为a2，由牛顿第二定律得E2q－μmg＝ma2即a2＝＝－2 m/s2位移x2＝x1＝4 m,4 s末小物块的速度为v4＝0因此小物块做周期为4 s的匀加速和匀减速运动第22 s末的速度为v22＝4 m/s，第23 s末的速度v23＝v22＋a2t＝2 m/s所求位移为x＝x1＋t＝47 m(2)23 s内，设电场力对小物块所做的功为W，由动能定理得W－μmgx＝mv解得W＝9.8 J19.（1）2 V（2）0.6144 W（3）1 Ω【解析】（1）因为R1、R2构成串联电路，故电流相等，即I1=I2=I A=0.16（A）由I=kU3得：（2）U2=I2R2=0.16×24 V=3.84（V）由P=UI得：P2=U2I2=3.84×0.16 W=0.6144（W）（3）由E=U1+U2+Ir得：20.（1）（2）（3）在上升过程中，电势能逐渐减小，机械能逐渐增大（重力势能增大，动能先增大后减小）；在下降过程中，电势能逐渐增加，机械能逐渐减小（重力势能减小，动能先增大后减小）．机械能与电势能的总和不变．【解析】（1）设距直棒为r的点的电场强度大小为．分别对两小球列平衡方程：对A：对B：解得（2）设A球下落到距直棒为r时速度最大，此时加速度为零，合力为零．由平衡条件：由（1）中解得：解得：由动能定理：解得（3）剪断细线后，B小球做先上后下的往复运动（振动）．在上升过程中，电势能逐渐减小，机械能逐渐增大（重力势能增大，动能先增大后减小）；在下降过程中，电势能逐渐增加，机械能逐渐减小（重力势能减小，动能先增大后减小）．机械能与电势能的总和不变．。