2021届新高考物理二轮复习 突破1 “8个妙招”巧解单选题 课件(51张)
2023年高考物理二轮复习第一部分专题突破方略专题六物理实验第1讲力学实验及创新
第一部分 专题六 第1讲基础题——知识基础打牢1．(2021·全国甲卷)为测量小铜块与瓷砖表面间的动摩擦因数，一同学将贴有标尺的瓷砖的一端放在水平桌面上，形成一倾角为α的斜面(已知sin α＝0.34，cos α＝0.94)，小铜块可在斜面上加速下滑，如图所示．该同学用手机拍摄小铜块的下滑过程，然后解析视频记录的图象，获得5个连续相等时间间隔(每个时间间隔ΔT ＝0.20 s)内小铜块沿斜面下滑的距离s i (i ＝1,2,3,4,5)，如下表所示．__0.43__m/s 间的动摩擦因数为__0.32__．(结果均保留2位有效数字，重力加速度大小取9.80 m/s 2) 【解析】 根据逐差法有a ＝(s 5＋s 4)－(s 2＋s 3)(2ΔT )2代入数据可得小铜块沿斜面下滑的加速度大小a ≈0.43 m/s 2．对小铜块受力分析根据牛顿第二定律有mg sin α－μmg cos α＝ma 代入数据解得μ≈0.32．2．(2020·全国Ⅲ卷)某同学利用图(a)所示装置验证动能定理．调整木板的倾角平衡摩擦阻力后，挂上钩码，钩码下落，带动小车运动并打出纸带．某次实验得到的纸带及相关数据如图(b)所示．已知打出图(b)中相邻两点的时间间隔为0.02 s ，从图(b)给出的数据中可以得到，打出B点时小车的速度大小v B ＝__0.36__m/s ，打出P 点时小车的速度大小v P ＝__1.80__m/s(结果均保留2位小数)．若要验证动能定理，除了需测量钩码的质量和小车的质量外，还需要从图(b)给出的数据中求得的物理量为__B 、P 之间的距离__．【解析】 由匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于平均速度v B ＝(4.00－2.56)×10－20.04m/s ＝0.36 m/s ；v P ＝(57.86－50.66)×10－20.04m/s ＝1.80 m/s ，验证动能定理需要求出小车运动的过程中拉力对小车做的功，所以还需要测量对应的B 、P 之间的距离．3．(2020·全国Ⅱ卷)一细绳跨过悬挂的定滑轮，两端分别系有小球A 和B ，如图所示．一实验小组用此装置测量小球B 运动的加速度．令两小球静止，细绳拉紧，然后释放小球，测得小球B 释放时的高度h 0＝0.590 m ，下降一段距离后的高度h ＝0.100 m ；由h 0下降至h 所用的时间T ＝0.730 s ．由此求得小球B 加速度的大小为a ＝__1.84__m/s 2(保留3位有效数字)．从实验室提供的数据得知，小球A 、B 的质量分别为100.0 g 和150.0 g ，当地重力加速度大小为g ＝9.80 m/s 2．根据牛顿第二定律计算可得小球B 加速度的大小为a ′＝__1.96__m/s 2(保留3位有效数字)．可以看出，a ′与a 有明显差异，除实验中的偶然误差外，写出一条可能产生这一结果的原因：__滑轮的轴不光滑，绳和滑轮之间有摩擦(或滑轮有质量)__．【解析】 由题意可知小球下降过程中做匀加速直线运动，故根据运动学公式有h 0－h ＝12aT 2，代入数据解得a ＝1.84 m/s 2；根据牛顿第二定律可知对小球A 有F T －m A g ＝m A a ′，对小球B 有m B g －F T ＝m B a ′，带入已知数据解得a ′＝1.96 m/s 2；在实验中绳和滑轮之间有摩擦会造成实际计算值偏小．4．(2022·湖北恩施二模)某实验小组想利用水流在重力作用下的粗细变化估测重力加速度大小．如图甲所示，水龙头出口竖直向下，流出的水在重力作用下速度越来越大，水流的横截面积越来越小．水龙头在任意时间t 内流出水的体积都为V ．某同学用数码相机从不同方向正对水柱拍下多组照片(照片与实物的尺寸比例为1∶1)，在照片上用游标卡尺在相距h 的两处测出水流的横截面直径分别为d 1和d 2．(1)某次用游标卡尺测量水流的横截面直径时如图乙所示，其读数为__10.4__mm ．(2)为提高该实验的精度，避免因水龙头出口不规则等因素造成的影响，下列措施有效的是__CD__；A ．水龙头出口越细越好B ．测量d 1时应尽量靠近水龙头出口C ．测量同一横截面直径d 时，应用多张照片测量再求平均值D ．h 取值尽可能大些，但是需要避免因为水流太细而发成离散的水珠(3)试写出重力加速度表达式g ＝__8V 2h πt ⎝⎛⎭⎫1d 42－1d 41__． 【解析】 (1)用游标卡尺测量水流的横截面直径读数为10 mm ＋0.1 mm ×4＝10.4 mm ．(2)水龙头出口越粗越好，过细的话会给测量直径产生较大的误差，选项A 错误；出水口处的水流可能不是很均匀，则测量d 1时应尽量远离水龙头出口，选项B 错误；测量同一横截面直径d 时，应用多张照片测量再求平均值，以减小误差，选项C 正确；h 取值尽可能大些，但是需要避免因为水流太细而发成离散的水珠，选项D 正确．故选CD ．(3)因时间t 内流过某截面的水的体积为V ，由流速关系可知V ＝v 1t ·14πd 21v 1t ·14πd 21＝v 2t ·14πd 22 由运动公式v 22－v 21＝2gh联立解得g ＝8V 2h π2t 2⎝⎛⎭⎫1d 42－1d 41． 5．(2022·湖南衡阳三模)小明同学在用下面装置做力学实验时发现，这个装置也可以用来测量当地的重力加速度g ．实验器材有小车，一端带有定滑轮的平直轨道，垫块，细线，打点计时器，纸带，频率为50 Hz 的交流电源，刻度尺，6个槽码，每个槽码的质量均为m ．(1)实验步骤如下：①按图甲安装好实验器材，跨过定滑轮的细线一端连接在小车上，另一端悬挂着6个槽码，改变轨道的倾角，用手轻推小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列等间距的点，表明小车沿倾斜轨道匀速下滑；②保持轨道倾角不变，取下1个槽码(即细线下端还悬挂5个槽码)，让小车拖着纸带沿轨道下滑，根据纸带上打的点迹测出加速度a ；③减少细线下端悬挂的槽码数量，重复步骤②；④以取下槽码的总个数n (1≤n ≤6)的倒数1n 为横坐标，1a 为纵坐标，在坐标纸上作1a -1n关系图线．(2)在进行步骤①时，需要将平直轨道左侧用垫块垫高，若某次调整过程中打出的纸带如图乙所示(纸带上的点由左至右依次打出)，则垫块应该__往左移__(填“往左移”“往右移”或“固定不动”)．(3)某次实验获得如图所示的纸带，相邻计数点间均有4个点未画出，则加速度大小a ＝__0.191__m/s 2(保留三位有效数字)．(4)测得1a -1n 关系图线的斜率为k ，纵轴截距为b ，当地的重力加速度g ＝__－1b__． 【解析】 (2)由图知，纸带上相邻计数点间距离越来越大，可知做加速运动，则垫块应该往左移．(3)相邻计数点间的时间间隔T ＝0.1 s ，根据逐差法，加速度大小a ＝(x DE ＋x EF ＋x FG )－(x AB ＋x BC ＋x CD )9T 2≈0.191 m/s 2． (4)根据牛顿第二定律a ＝nmg (6－n )m ＋M 车整理得1a ＝6m ＋M 车mg ·1n －1g根据题意b ＝－1g所以g ＝－1b． 6．(2020·全国Ⅰ卷)某同学用如图所示的实验装置验证动量定理，所用器材包括：气垫导轨、滑块(上方安装有宽度为d 的遮光片)、两个与计算机相连接的光电门、砝码盘和砝码等．实验步骤如下：(1)开动气泵，调节气垫导轨，轻推滑块，当滑块上的遮光片经过两个光电门的遮光时间__大约相等__时，可认为气垫导轨水平．(2)用天平测砝码与砝码盘的总质量m 1、滑块(含遮光片)的质量m 2．(3)用细线跨过轻质定滑轮将滑块与砝码盘连接，并让细线水平拉动滑块．(4)令滑块在砝码和砝码盘的拉动下从左边开始运动，和计算机连接的光电门能测量出遮光片经过A 、B 两处的光电门的遮光时间Δt 1、Δt 2及遮光片从A 运动到B 所用的时间t 12．(5)在遮光片随滑块从A 运动到B 的过程中，如果将砝码和砝码盘所受重力视为滑块所受拉力，拉力冲量的大小I ＝__m 1gt 12__，滑块动量改变量的大小Δp ＝__m 2⎝⎛⎭⎫d Δt 2－d Δt 1__．(用题中给出的物理量及重力加速度g 表示)(6)某次测量得到的一组数据为：d ＝1.000 cm ，m 1＝1.50×10－2 kg ，m 2＝0.400 kg ，Δt 1＝3.900×10－2 s ，Δt 2＝1.270×10－2 s ，t 12＝1.50 s ，取g ＝9.80 m/s 2．计算可得I ＝__0.221__N·s ，Δp ＝__0.212__kg·m·s －1．(结果均保留3位有效数字)(7)定义δ＝⎪⎪⎪⎪I －Δp I ×100%，本次实验δ＝__4__%(保留1位有效数字)． 【解析】 (1)当经过A 、B 两个光电门时间相等时，速度相等，此时由于阻力很小，可以认为导轨是水平的．(5)由I ＝Ft ，知I ＝m 1gt 12，由Δp ＝m v 2－m v 1知Δp ＝m 2·d Δt 2－m 2·d Δt 1＝m 2⎝⎛⎭⎫d Δt 2－d Δt 1． (6)代入数值知，冲量I ＝m 1gt 12＝1.5×10－2×9.8×1.5 N·s ＝0.221 N·s ，动量改变量Δp ＝m 2⎝⎛⎭⎫d Δt 2－d Δt 1＝0.212 kg·m·s －1． (7)δ＝|I －Δp |I ×100%＝0.221－0.2120.221×100%≈4%． 7．(2022·浙江1月高考)在“研究平抛运动”实验中，以小钢球离开轨道末端时球心位置为坐标原点O ，建立水平与竖直坐标轴．让小球从斜槽上离水平桌面高为h 处静止释放，使其水平抛出，通过多次描点可绘出小球做平抛运动时球心的轨迹，如图所示．在轨迹上取一点A ，读取其坐标(x 0，y 0)．(1)下列说法正确的是__C__．A ．实验所用斜槽应尽量光滑B ．画轨迹时应把所有描出的点用平滑的曲线连接起来C ．求平抛运动初速度时应读取轨迹上离原点较远的点的数据(2)根据题目所给信息，小球做平抛运动的初速度大小v 0＝__D__．A ．2ghB ．2gy 0C ．x 0g 2hD ．x 0g 2y 0 (3)在本实验中要求小球多次从斜槽上同一位置由静止释放的理由是__确保多次运动的轨迹相同__．【解析】 (1)只要保证小球每次从同一位置静止释放，到达斜槽末端的速度大小都相同，与实验所用斜槽是否光滑无关，故A 错误；画轨迹时应舍去误差较大的点，把误差小的点用平滑的曲线连接起来，故B 错误；求平抛运动初速度时应读取轨迹上离原点较远的点的数据，便于减小读数产生的偶然误差，故C 正确．(2)坐标原点O 为抛出点，由平抛规律有x 0＝v 0t ，y 0＝12gt 2 联立解得平抛运动的初速度为v 0＝x 0g 2y 0，故选D ． (3)小球多次从斜槽上同一位置由静止释放是为了保证到达斜槽末端的速度大小都相同，从而能确保多次运动的轨迹相同．应用题——强化学以致用8．(2022·河南安阳模拟)某实验小组想要验证力的平行四边形定则，他们只找到三根相同的橡皮筋、图钉若干、固定有白纸的平木板、一把刻度尺和一支铅笔．实验步骤如下：(1)将三根橡皮筋的一端都拴在一个图钉O 上．将这三根橡皮筋的另一端分别再拴一个图钉A 、B 、C ，此时四个图钉均未固定在板上；(2)另一同学用刻度尺测出橡皮筋的自由长度L 0；(3)使三根橡皮筋互成适当角度适度拉伸(不超过弹性限度)，稳定后把图钉A、B、C钉在木板上，再将图钉O固定在木板上，需要记录、测出__三根橡皮筋的方向__、__三根橡皮筋的长度__；(4)分别算出三根橡皮筋的伸长量x1、x2、x3．选择合适的比例标度，将x1、x2、x3按一定的标度表示出来．以x1、x2为邻边作平行四边形，作出其对角线OF，如图1所示．比较OF 与__x3__的长度和方向，若两者大小在误差允许范围内相等且几乎在一条直线上，则达到实验目的；(5)如图2所示，把图钉O从木板上松开，保持力F3不变(即相当于三条橡皮筋的结点O 和x3不变)，且F1起始位置与F3垂直，另外保持F1、F2夹角不变，F1、F2从图示位置顺时针缓慢转过一个锐角过程中，下列结论正确的是__BC__．A．F1一定逐渐变大B．F1可能先变大后变小C．F2一定逐渐变小D．F2可能先变大后变小【解析】(3)本实验需要记录力的大小和方向，其中力的方向即三根橡皮筋的方向；虽然实验中没有弹簧测力计直接测量力的大小，但由于橡皮筋相同，所以劲度系数相同，可以通过橡皮筋的伸长量来间接反映力的大小，在自由长度已经测量的情况下，还需要测量三根橡皮筋的长度．(4)本实验中需要比较F1和F2的合力与F3是否满足大小相等、方向相反的关系，即比较OF与x3的长度和方向，若两者大小在误差允许范围内相等且几乎在一条直线上，则达到实验目的．(5)由题意，根据几何关系以及平衡条件可知F1、F2、F3组成的封闭矢量三角形内接于圆内，如图所示，可知F1、F2从图示位置顺时针缓慢转过一个锐角过程中，由于F1和F2的最终方向未知，所以F1可能先变大后变小，F2一定逐渐变小，故选BC．9．(2022·浙江6月高考)(1)①“探究小车速度随时间变化的规律”的实验装置如图1所示，长木板水平放置，细绳与长木板平行．图2是打出纸带的一部分，以计数点O为位移测量起点和计时起点，则打计数点B时小车位移大小为__6.15～6.25__cm．由图3中小车运动的数据点，求得加速度为__1.7～2.1__m/s2(保留两位有效数字)．②利用图1装置做“探究加速度与力、质量的关系”的实验，需调整的是__BC__．A．换成质量更小的小车B．调整长木板的倾斜程度C．把钩码更换成砝码盘和砝码D．改变连接小车的细绳与长木板的夹角(2)“探究求合力的方法”的实验装置如图4所示，在该实验中，①下列说法正确的是__D__．A．拉着细绳套的两只弹簧秤，稳定后读数应相同B．在已记录结点位置的情况下，确定一个拉力的方向需要再选择相距较远的两点C．测量时弹簧秤外壳与木板之间不能存在摩擦D．测量时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板②若只有一只弹簧秤，为了完成该实验至少需要__3__(选填“2”“3”或“4”)次把橡皮条结点拉到O点．【解析】(1)①依题意，打计数点B时小车位移大小为6.20 cm，考虑到偶然误差，6.15cm ～6.25 cm 也可；由图3中小车运动的数据点，有a ＝Δv Δt ＝1.05－0.300.4m/s 2＝1.9 m/s 2，考虑到偶然误差，1.7 m/s 2～2.1 m/s 2也可．②利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验时，需要满足小车质量远远大于钩码质量，所以不需要换质量更小的车，故A 错误；利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验时，需要利用小车斜向下的分力以平衡其摩擦阻力，所以需要将长木板安装打点计时器一端较滑轮一端适当的高一些，故B 正确；以系统为研究对象，依题意“探究小车速度随时间变化的规律”实验时有1.9m/s 2≈mg －f M ＋m ，考虑到实际情况，即f ≪mg ，有1.9 m/s 2≈mg M ＋m，则可知M ≈4m ，而利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验时要保证所悬挂质量远小于小车质量，即m ≪M ；可知目前实验条件不满足，所以利用当前装置在“探究加速度与力、质量的关系”时，需将钩码更换成砝码盘和砝码，以满足小车质量远远大于所悬挂物体的质量，故C 正确；实验过程中，需将连接砝码盘和小车的细绳应跟长木板始终保持平行，与之前的相同，故D 错误，故选BC ．(2)①在不超出弹簧测力计的量程和橡皮条形变限度的条件下，使拉力适当大些，不必使两只测力计的示数相同，故A 错误；在已记录结点位置的情况下，确定一个拉力的方向需要再选择相距较远的一个点就可以了，故B 错误；实验中拉弹簧秤时，只需让弹簧与外壳间没有摩擦，此时弹簧测力计的示数即与弹簧对细绳的拉力，与弹簧秤外壳与木板之间是否存在摩擦无关，故C 错误；为了减小实验中摩擦对测量结果的影响，拉橡皮条时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板，故D 正确．②若只有一只弹簧秤，为了完成该实验，用手拉住一条细绳，用弹簧秤拉住另一条细绳，互成角度的拉橡皮条，使其结点达到某一点O ，记下位置O 和弹簧秤示数F 1和两个拉力的方向；交换弹簧秤和手所拉细绳的位置，再次将结点拉至O 点，使两力的方向与原来两力方向相同，并记下此时弹簧秤的示数F 2；只用一个弹簧秤将结点拉至O 点，并记下此时弹簧秤的示数F 的大小及方向；所以若只有一只弹簧秤，为了完成该实验至少需要3次把橡皮条结点拉到O ．10．(2022·湖南长沙模拟)为了测定斜面倾角θ，小迪在斜面上贴上一张方格纸，方格纸每个小方格(正方形)边长为d ，如图甲所示，已知方格纸的横线与斜面底边平行，斜面底边水平．让一个粘有红色粉末的小球以一定初速度沿方格纸的某条横线射出，在纸上留下滚动的痕迹．小迪利用手机对小球滚动的过程进行录像，并从录像中读取到小球从A 点运动到B 点(如图乙所示)的时间为t ．当地重力加速度为g ，小球在方格纸上的滚动摩擦可忽略，根据题中信息，完成下列问题：(1)小球的初速度为__7d t__． (2)小球的加速度为__49d t 2__． (3)斜面倾角的正弦值sin θ＝__49d gt 2__．[在(1)(2)(3)问中，请用题干中定义的d 、g 、t 组成表达式填空](4)已知d ＝10 cm ，t ＝1 s ，g ＝9.8 m/s 2，则可测得斜面倾角θ＝__30°__．【解析】 (1)小球在斜面上的运动是类平抛运动，由图可知，小球在横线方向上发生7d的位移，所用时间为t ，根据横线方向上x ＝v 0t 可得v 0＝x t ＝7d t． (2)小球在横线上通过两格的时间为T ＝2t 7从纵线上看，小球在连续的2t 7的时间内位移增加量为Δy ＝4d 根据逐差法Δy ＝aT 2可得a ＝49d t 2． (3)沿斜面方向根据牛顿第二定律有mg sin θ＝ma则sin θ＝a g ＝49d gt 2． (4)代入数据可得sin θ＝0.5则θ＝30°．。
2021届高考物理二轮复习教学课件：第一章运动图象问题
3.“面积”的含义: (1)图线与时间轴围成的面积表示相应时间内的_位__移__。 (2)若面积在时间轴的上方,表示_位__移__方向为正方向;若面积在时间轴的下方, 表示_位__移__方向为负方向。
【情境转换】
说出图中各物体的运动性质,其中图像3、6为抛物线。 提示:物体1静止,物体2匀速直线运动,物体3匀加速直线运动,物体4匀速直线运 动,物体5匀加速直线运动,物体6变加速直线运动。
【解题思路】解答本题要注意以下两点: (1)位移—时间图象反映了物体在不同时刻的位移。 (2)位移—时间图象的斜率表示物体运动的速度。 【解析】选B。因x-t图象的斜率等于速度,可知在0～t1时间内开始时甲的速度 大于乙,后来乙的速度大于甲,A错误;由图象可知在0～t1时间内甲、乙位移相 同,B正确;甲、乙均向同方向做直线运动,则甲、乙的路程相同,C错误;由斜率 等于速度可知甲做匀速运动,乙做加速运动,D错误。故选B。
考点1 准确解读各种运动图象(d) 【要点融会贯通】 1.读图:
2.作图和用图:依据物体的状态或物理过程所遵循的物理规律,作出与之对应 的示意图或数学函数图象来研究和处理问题。
【典例考题研析】 【典例1】(2019·浙江4月选考真题)甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向 同一方向做直线运动,位移—时间图象如图所示,则在0～t1时间内 () A.甲的速度总比乙大 B.甲、乙位移相同 C.甲经过的路程比乙小 D.甲、乙均做加速运动
【加固训练】 1.下列给出的四组图象中,能够反映同一直线运动的是 ( )
【解析】选C。A、B选项中的左图表明0～3 s内物体匀速运动,位移正比于时
间,加速度为零,3～5 s内物体匀加速运动,加速度大小a= v =2 m/s2,A、B
t
2024年高考物理第二轮复习备考建议及策略
2024年高三物理二轮复习方法策略一、梳理知识体系在二轮复习中，首先需要对物理知识进行系统的梳理。
由于一轮复习已经对知识点进行了初步的学习和整理，这一阶段的主要任务是将知识点串联起来，形成完整的知识体系。
可以采用以下策略：1. 画思维导图：通过画思维导图的方式，将知识点进行整理和归类，形成知识框架。
2. 对比记忆：对于相似或相关的知识点，可以采用对比记忆的方法，加深理解和记忆。
3. 知识迁移：在梳理知识的过程中，注意知识点之间的联系和迁移，形成知识网络。
二、强化基础知识基础知识是解题的关键，因此强化基础知识是非常重要的。
建议同学们采用以下策略：1. 回归课本：重新阅读课本，加深对基础概念、公式、定理等基础知识的理解和记忆。
2. 做基础题：做一些基础题目，加强基础知识的应用和巩固。
3. 总结归纳：对于重点和难点的基础知识，进行总结归纳，形成自己的笔记和资料。
三、提高解题能力解题能力是高考考察的重点之一，因此提高解题能力是非常必要的。
建议同学们采用以下策略：1. 多做题：通过多做题，提高解题的速度和准确性。
2. 总结解题方法：对于不同类型的题目，总结出解题的方法和技巧，形成自己的解题思路。
3. 讨论交流：与同学、老师或家长讨论交流，分享解题心得和经验，拓展思路和方法。
四、重视实验操作物理是一门实验科学，实验操作对于理解和掌握物理知识非常重要。
建议同学们采用以下策略：1. 复习实验：重新复习实验的目的、原理、步骤、数据处理等，加深对实验的理解和掌握。
2. 动手操作：如果有条件，尽量自己动手操作一些重要的实验，提高实验技能和实践能力。
3. 实验题练习：对于实验相关的题目进行专项练习，提高解决实验问题的能力。
五、反思与总结反思与总结是提高学习效率的重要方法之一。
建议同学们采用以下策略：1. 每日反思：每天复习结束后，花一些时间反思当天的学习内容和方法，找出不足并改进。
2. 每周总结：每周结束后，对本周的学习情况进行总结归纳，找出学习规律和方法。
2021届高考物理二轮复习课件：第一篇 专题六 考向3 带电粒子在电场中的运动
C、D 两点电荷在杆上的场强方向垂直杆,则电场力不做功,小环的电势能不变, 由于小环有初速度则小环可带正电也可带负电,故A、B错误;由于两点电荷在杆 上的场强方向垂直杆则小环的加速度始终为a=gsin37°,故C正确;两点电荷在杆 上的场强方向垂直杆,则电场力不做功,从A点沿杆运动到B点的过程中,只有重力 做功,所以机械能守恒,故D正确。
(1)求电场强度的大小; (2)为使粒子穿过电场后的动能增量最大,该粒子进入电场时的速度应为多大? (3)为使粒子穿过电场前后动量变化量的大小为mv0,该粒子进入电场时的速度应 为多大?
【真题解码】 (1)审题破题眼:
(2)情境化模型:
(3)命题陷阱点:认为匀强电场中运动的位移越长,动能增加越多。 匀强电场中的类平抛运动,有其研究的独特性,所受恒定电场力不在竖直方向上, 学生不易联想平抛运动对比研究,只有电场力方向上的位移才做功。
也为mv0,由几何关系及运动学规律可得,此时入射速率v=
3 2
v0。
必备知能·融会贯通
【核心必备】熟记匀强电场中类平抛运动的规律
【考场秘技】电容器动态平衡问题的解题技巧
多维猜押·制霸考场
1.(直线加速)如图甲所示,两平行金属板竖直放置,左极板接地,中间有小孔。
右极板电势随时间变化的规律如图乙所示。电子原来静止在左极板小孔处(不
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ERq,故B错误;由动能定理有qUAB=
1 2
mv
2B，在B点有FB-qE
=
mv2B R
，联立解得FB=
21 5
qE,故C正确;由于小球到达B的动能最大,且由能量守
恒可知,小球能重新回到A点且到A点的速度为零,小球在A点的受电场力方向如
图2所示,此时弹力大小为FA=qEcos53°=0.6qE,故D正确。
2021届高考物理二轮复习实验与研究精解集汇：(五)研究平抛运动
五、研究平抛运动1、用如图所示的实验装置做“研究平抛物体的运动”的实验？(1)安装实验装置的过程中，斜槽M的末端切线必须是水平的，这样做的目的是____ A．保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小B．保证小球飞出时，初速度水平C．保证小球在空中运动的时间每次都相等D．保证小球运动的轨迹是一条抛物线(2)实验中，为了能较准确地描绘小球的平抛运动轨迹，下列操作，你认为正确的是__；A．每次释放小球的位置可以不同B．每次必须由静止释放小球C．记录小球位置用的倾斜挡板N每次必须严格地等距离下降D．小球运动时不应与背板上的白纸（或方格纸）相接触E.将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将位置点连成折线2、某物理兴趣小组在研究平抛运动规律的时候用到了如图所示的装置，将正方形白板竖直放置，管口固定在白板的左上角，反复调整使水流以3.0m/s的速度水平喷出。
测得水流落在白板右边的落点距离右上角0.76m，白板的边长为1.2m。
(1)水流喷到白板右边需要____________s；(2)请写出验证喷出水流后在竖直方向上是匀加速运动的方法______________________；1 / 14(3)若不考虑空气阻力，根据以上测得数据，可求出当地重力加速度g =___________m/s 2。
（结果保留2位有效数字）3、“研究平抛运动”的实验装置如图1所示。
(1)本实验还需要用到的器材是______（本小题仅有一个正确选项）；A ．秒表B ．天平C ．刻度尺D ．打点计时器(2)关于本实验，下列不必要的操作是____（本小题仅有一个正确选项）；A ．将木板竖直放置B ．选用尽可能光滑的斜槽轨道C ．调整斜槽末端切线水平D ．每次使小球从斜槽上相同位置释放(3)按图1正确安装实验装置后，若某同学用频闪相机记录的小球抛出后的位置如图2所示，为减小实验误差，他在实验中应调整的操作是___（本小题仅有一个正确选项）；A ．换用质量更大的球B ．重新调整斜槽末端切线水平C ．减小频闪相机的闪光频率D ．降低小球在斜槽轨道上释放放置的高度(4)正确实验所描绘出的平抛运动轨迹如图3所示，O 为抛出点。
最新-2021届高三物理二轮复习课件：力学实验 高考研究一 测重力加速度的8种方法 精品
21－kg s3－s1
[答案] (1)12f(s1＋s2) 12f(s2＋s3) 12f2(s3－s1) (2)40
[跟进训练] 1. (2017·江西赣中南五校段考)某同学用 如图所示装置测定重力加速度，打点计时器电 源频率为 50 Hz。 (1)实验时下面的步骤先后顺序是：__________。 A．释放纸带 B．打开打点计时器电源 (2)打出的纸带如图所示，则实验时纸带的________端和 重物相连接(选填“甲”或“乙”)。
次数 高度 h/cm 空中运动时间 t′/s
1 20.10
0.20
2 25.20
0.23
3 32.43
0.26
4 38.45
0.28
5 44.00
0.30
6 50.12
0.32
[解析] (1)滴水的周期就是水滴自由下落的时间，所以 T
＝n－t 1，由 h＝12gT2 得，g＝2n－t212h。
(2)根据表格数据描点作图，求出斜率 k
＝t′h 2＝12g，由表格数据取平均值，解得
g≈9.76 m/s2。
[答案]
2n－12h (1) t2
(2)见 解 析 图
9.76
[跟进训练] 3．利用水滴下落可以测出当地的重力加速度 g， 调节水龙头，让水一滴一滴地流出，在水龙头的正 下方放一盘子，调节盘子的高度，使一个水滴碰到 盘子时恰好有另一水滴从水龙头开始下落，而空中 还有两个正在下落中的水滴。测出水龙头到盘子间 的距离 h，再用秒表测时间，以第一个水滴离开水 龙头开始计时，到第 N 个水滴离开水龙头，共用时 间为 t，则重力加速度 g＝________。
测重力加速度 8 法 6．用圆周运动测“g” 取一根细线穿过光滑的细直管， 细线一端拴一质量为 m 的砝码，另一 端连接在一固定的测力计上，手握细 直管转动砝码，使它在竖直平面内做完整的圆周运动， 停止转动细直管，砝码可继续在同一竖直平面内做完 整的圆周运动，如图所示。此时观察测力计，得到当 砝码运动到圆周的最低点和最高点两位置时读数分别 为 F1 和 F2，则根据机械能守恒定律有：
巧学妙解王高中物理——快速提高物理成绩的利器
时间+汗水≠效果 苦学、蛮学不如巧学请相互传阅 难题、好题天天解，堂堂解 不如巧学妙解 相互分享快速学好高中物理的法宝--《巧学妙解王》我是河南省睢县高级中学的一名高级教师——李仲旭，常常听学生抱怨：“上课听得懂，练习也会做，可一考试就砸”，分析原因，不难发现：学校所发的复习用书大多是课本知识的再现，安排的练习题所涉及的知识点比较单一，解题思路简单，解题方法很少，而考试题往往覆盖的知识点多，综合程度高，所用解题方法灵活；如果学生缺乏一定量的好的解题方法，产生上述抱怨就在情理之中.高中阶段，最难学的课程是物理，既要求学生有过硬的数学功底，还要学生有较强的空间立体感和抽象思维能力。
据调查发现高中生中80%以上的学生恐惧物理，学习具有盲目性，物理解题方法不得当。
我经过23年的研究积累，为解答学生学习物理难的这一难题，于2007年出版了《高中物理巧学妙解王》一书，此书于2011年10月再版。
《巧学妙解王》编者阅试题无数，感题目之无限，欲穷尽，难于登天；但题型之有限，与常教学之中，均精通一题型，可灭数千题，遂集吾教学之精华总结与此，盖学习不应苦而应“巧”，做题不应繁而应“妙”，寓于《巧学妙解王》一书，尔必将受益终生！ 《巧学妙解王》，这是一本“妙题”与“巧解”的书加光碟，收集了许多很精彩的题目，提供了很多很好的巧学妙解的解题方法。
学习完这本书会使你感到学习高中物理变的其实很简单，下面是书中的一点点内容如下，先睹为快，欣赏下面的题目和它的“巧妙解法”：问题一：如图所示，建筑工人要将建筑材料送到高处，常在楼顶装置一个定滑轮（图中未画出），用绳AC 通过滑轮将建筑材料提到某一高处，为了防止建筑材料与墙壁相碰，站在地面上的工人还另外用绳CD 拉住材料，使它与竖直墙面保持一定的距离L 。
若不计两根绳的重力，在建筑材料匀速提起的过程中，绳AC 和CD 的拉力1F 和2F 的大小变化情况是( )A . 1F 增大，2F 增大B . 1F 增大，2F 不变C . 1F 增大，2F 减小D . 1F 减小，2F 减小通常的解法是：取三绳连接点O 为研究对象，O 点受到向下绳子拉力，大小为建筑材料重力G ，还受到绳AC 和CD 的拉力1F 和2F ，如右图所示。
老高考适用2023版高考物理二轮总复习第1部分题突破方略专题2能量与动量第1讲功和能课件
专题突破方略
专题二 能量与动量 第1讲 功和能
真题速练·明考情 核心知识·固双基 命题热点·巧突破 应用创新·提素养
真题速练·明考情
1．(多选)(2022·广东高考)如图所示，载有防疫物资的无人驾驶小
车，在水平MN段以恒定功率200 W、速度5 m/s匀速行驶，在斜坡PQ段
以恒定功率570 W、速度2 m/s匀速行驶．已知小车总质量为50 kg，MN
③摩擦生热是指滑动摩擦生热，静摩擦不会生热．
2．几个重要的功能关系 (1)重力的功等于重力势能的减少量，即WG＝－ΔEp． (2)弹力的功等于弹性势能的减少量，即W弹＝－ΔEp． (3)合力的功等于动能的变化，即W＝ΔEk． (4)重力和系统内弹簧弹力之外的其他力的功等于机械能的变化，即 W其他＝ΔE． (5) 系 统 内 一 对 滑 动 摩 擦 力 做 的 功 是 系 统 内 能 改 变 的 量 度 ， 即 Q ＝
v1＝
P额＝1 200 Tm 300
m/s
＝4 m/s，此过程所用时间和上升高度分别为 t1＝va11＝45 s＝0.8 s，h1＝2va211
＝2×42 5
m＝1.6
m，重物以最大速度匀速时，有
vm＝PT额＝
P额 ＝1 200 mg 200
m/s
＝6 m/s，重物最后以最大加速度做匀减速运动的时间和上升高度分别为
做匀加速上升，当功率达到额定功率时，保持功率不变直到重物达到最
大速度，接着做匀速运动，最后以最大加速度做匀减速上升至平台速度
刚好为零，重物在第一阶段做匀加速上升过程，根据牛顿第二定律可得
a1＝
Tm－mg＝ m
300－20×10 20
m/s2＝5
m/s2，
2024高考物理复习的方法和技巧一览
2024高考物理复习的方法和技巧一览高三物理一轮复习方法1、清晰解题思路。
高三物理一轮复习时不要盲目做题,要注意整理解题思路。
每做一道题就想一想,审题时应注意什么,怎么分析物体的运动过程,怎么选择物理规律,这样才会越做思路越清楚,答题速度也就上去了。
2、高三物理一轮复习要精确、完备地理解每一个物理概念和规律，构建所有高中阶段的物理模型，能用自己的语言准确地表达，从而正确地运用它们解决物理问题。
加强主干和核心知识的复习，熟练地掌握基本知识和技能，同时通过滚动复习达到查漏补缺、整体把握、能力提高。
3、高三物理一轮复习要有一定的策略，不能盲目复习，有效才是硬道理。
物理除了选择题外，还有实验题和大题，力学和电学是比较重要的知识，要重点复习，多在做题中总结规律，分析概括答题思路，把公式、定理牢牢记在脑子里，以便随时调用。
高考物理怎样备考高考对知识点的考查是比较全面的，高中物理百分之八十以上的知识点都会出现在试卷上。
力学、电学、热、光、振动和波、原子物理与实验等等都会全面被考到。
因此，总复习时要系统地把握住物理课本内容的整体知识结构。
高考题有很多是考查高中物理的思维方法。
例如归纳法、演绎法、实验法、分析法、综合法和基本解题思想，如实验证明的思想、化归的思想等等。
同学们在做高考题或者模拟题的时候，多注意其中蕴含的物理方法，体会一下题目的设计意图，这样可以帮助你把题看得更清楚一些。
高考最终是对学生能力的考查，因此平时学习时多思考、多总结，注意锻炼思维能力，这对解决难度较大的物理题非常有帮助。
有些同学公式背得特别熟，及单体会做，一遇到中难题就做不出来，根本原因是能力的缺失。
高考要求学生能应用课本知识解决实际问题，而很多同学只会简单的套用公式，这显然离高考要求还有一定距离。
高三物理复习策略一、吃透说明、调整策略，节约备考时间和精力。
比如说删除了力矩，那么磁力矩还备不备考?当然不搞，力矩都删除了还谈什么磁力矩?再如热学中理想气体考试要点调整后，就只需掌握对体积、温度、压强的关系作定性分析。
2021届高考物理二轮复习：传送带模型(含解析)
二轮复习专题：传送带模型一、单选题1．如图所示的水平传送带静止时，一个小物块A以某一水平初速度从传送带左端冲上传送带，然后从传送带右端以一个较小的速度v滑出传送带；若传送带在皮带轮带动下运动时，A物块仍以相同的水平速度冲上传送带，且传送带的速度小于A的初速度，则（）A．若皮带轮顺时针方向转动，A物块离开传送带的速度可能小于vB．若皮带轮顺时针方向转动，A物块离开传送带右端的速度一定大于vC．若皮带轮逆时针方向转动，A物块不可能到达传送带的右端D．若皮带轮逆时针转动，A物块仍以速度v离开传送带2．如图所示，水平传送带保持v＝1m/s的速度运动。
现将一质量为0.5kg的小物体从传送带左端轻轻放上，则物体从左端运动到右端所经历的时间为（设物体与皮带间的动摩擦因数为0.1，传送带两端距离为2.5m，g取10m/s2）（）A．5s B．（6－1）sC．2.5s D．3s3．如图，与水平面夹角θ=37°的传送带正以10 m/s的速度顺时针运行。
在传送带的A 端轻轻地放一小物体，若已知该物体与传送带之间的动摩擦因数为0.5，传送带A端到B端的距离为16 m，取sin 37°=0.6，g=10 m/s2，则小物体从A端运动到B端所需的时间是（）A．2.0s B．2.1s C．4.0s D．4.1s4．物块M在静止的传送带上匀速下滑时，传送带突然转动，传送带转动的方向如图中箭头所示，则传送带转动后（）A．M受到的摩擦力方向发生改变B．M仍匀速下滑C．受到的摩擦力变小D．M将先减速下滑，后又加速上滑5．如图为表面粗糙的倾斜皮带传输装置，皮带的传动速率保持不变。
物体被无初速度地放在皮带的底端A上，开始时物体在皮带上滑动，当它到达位置B后就不再相对皮带滑动，而是随皮带一起匀速运动，直至传送到顶端C，在传送过程中，物体受到的摩擦力（）A．在AB段为沿皮带向上的滑动摩擦力B．在AB段为沿皮带向下的滑动摩擦力C．在BC段摩擦力为0D．在BC段受向下静摩擦力二、多选题6．水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，一水平传送带装置示意如图，绷紧的传送带AB始终保持恒定的速率v=2m/s运行，一质量为m=5kg的行李无初速度地放在A（g=10m/s2）则（）处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2，A、B间的距离L=4m，A．行李刚开始运动时的加速度大小为2m/s2B．行李从A运动到B的时间为2sC．行李在传送带上滑行留下痕迹的长度为1mD．如果提高传送带的运行速率，使行李从A处传送到B处的最短时间可为2s7．如图所示，水平传送带A、B两端点相距x＝4 m，以v0＝2 m/s的速度(始终保持不变)顺时针运转．今将一小煤块(可视为质点)无初速度地轻放在A点处，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.4，g取10 m/s2.由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕．小煤块从A运动到B的过程中( )A．所用的时间是2s B．所用的时间是2.25 sC．划痕长度是4 m D．划痕长度是0.5 m8．如图所示，传送带与水平地面的夹角为θ=37°，AB的长度为16m，传送带以10m/s 的速度沿逆时针方向转动，在传送带上端A点无初速度地放上一个质量为2kg的物体（可视为质点），它与传送带之间的动摩擦因数为0.5（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2），则物体从A点运动到B点过程中，以下说法正确的是（）A．一直做匀加速运动B．先匀加速运动再匀速运动C．物块在传送带上运动的时间为2sD．物块到达B点时速率为12m/s9．如图甲所示，倾斜的传送带正以恒定速率v1沿顺时针方向转动，传送带的倾角为37°。
《新步步高大二轮专题复习与增分策略(通用)物理》二轮专题突破习题专题10选考部分第2讲..doc
第2讲机械振动与机械波光岛考题电1机械振动【解题方略】1.简谐运动的对称性：振动质点在关于平衡位置对称的两点，X、F、a、S Ek、Ep的大小均相等，其中回复力只加速度6/与位移x的方向相反，而。
与x的方向可能相同，也可能相反. 振动质点来回通过相同的两点间的时间相等，即t RC = t CB.振动质点通过关于平衡位置对称的等长的两线段的时间相等，即t BC = t B c•如图1所示2.简谐运动的周期性：做简谐运动的物体，其位移、回复力、加速度、速度都随时间按“正弦” 或“余弦”规律变化，它们的周期均相同•其位移随时间变化的表达式为："/sin(初+ 0咸x =Acos (cot + (p).【例1】简谐运动的振动图线可用下述方法画出：如图2甲所示，在弹簧振子的小球上安装一支绘图笔让一条纸带在与小球振动方向垂肓的方向上匀速运动，笔卩在纸带上画出的就是小球的振动图象•取振子水平向右的方向为振子离开平衡位置的位移正方向，纸带运动的距离代表时间，得到的振动图线如图乙所示•则下列说法中正确的是()A.弹费振子的周期为4sB.弹簧振子的振幅为10cmC./=17s时振子相对平衡位置的位移是10cmD.若纸带运动的速度为2cm/s,振动图线上1、3两点间的距离是4cmE.2.5s时振子正在向x轴正方向运动解析周期是振子完成一次全振动的时间，由图知，弹簧振子的周期为r=4s,故A正确；振幅是振子离开平衡位置的最大距离，由图知，弹簧振子的振幅为10cm，故B正确；振子的周期为4s ,由周期性知r/=17s时振子相对平衡位置的位移与2 Is时振子相对平衡位置的位移相同，为0 ,故C错误；若纸带运动的速度为2cm/s ,振动图线上1、3两点间的距离是s = vt= 2cm/sX2s = 4cm.KD正确；由图乙可知2.5s时振子正在向x轴负方向运动，故E错误.答案ABD预测1 (2015・山东理综・38(1))如图3所示，轻弹•簧上端固定，下端连接一小物块，物块沿竖方?方向做简谐运动•以竖直向上为正方向，物块简谐运动的表达式为尹=0.1sin(2.5M)m./=0时刻，一小球从距物块/?高处自山落卞；/=0.6s时，小球恰好与物块处于同一高度.収重力加速度的大小g=10m/s2.以下判断正确的是__________________ •(双选，填正确答案标号)h图3A.力=1.7mB.简谐运动的周期是0.8sC.0.6s内物块运动的路程是0.2mD.f=0.4s时，物块与小球运动方向相反答案AB 解析/二0.6s时，物块的位移为y = 0.1sin(2.5兀X 0.6)m = - 0.1m ,则对小球h + \y\ = ^，解得2兀2.TLh = 1.7m ,选项A正确；简谐运动的周期是r=^- = y^s = 0.8s ,选项B正确；0.6s内物块运T动的路程是3A = 0.3m ,选项C错误；r = 0.4s = 2 ,此时物块在平衡位置向下振动，则此时物块与小球运动方向相同，选项D错误.预测2某同学用单摆测当地的重力加速度.他测出了摆线长度厶和摆动周期八如图4(a)所示.通过改变摆线长度厶测出对应的摆动周期获得多组八与厶再以尸为纵轴、厶为横轴画出函数关系图象如图(b)所示.由图象可知，摆球的半径r= __________ m,当地重力加速度g=_______ m/s2；由此种方法得到的重力加速度值与实际的重力加速度值相比会 __________ (选填“偏人”“偏小”或“一样”).答案1.0X10—2 7t2一样解析由横轴截距得，球的半径应为1.0X10*2m；图象斜率k = ^= ] °咒一2二4 ,而g 二霁故g 二^~m/s2 = n2 m/s2根据以上推导，斜率不变，重力加速度不变，故对g没有影响，一样.商考题电2机械波▼【解题方略】1.波动图象描述的是在同一时刻，沿波的传播方向上的各个质点偏离平衡位置的位移•在时间上具有周期性、空间上具有重复性和双向性的特点.2.深刻理解波动中的质点振动.质点振动的周期(频率)=波源的周期(频率)=波的传播周期(频率).3.要画好、用好振动图象，并正确地与实际情景相对应.要正确画出波形图，准确写出波形平移距离、质点振动时间与波长、周期的单一解或多解表达式.4.分析简谐运动中各物理量的变化情况时，一定要以位移为桥梁，位移增大时，振动质点的回复力、加速度、势能均增大，速度、动能均减小；反之，则产生相反的变化•另外，各矢量均在其值为零时改变方向.5.“一分、一看、二找”巧解波动图象与振动图象的综合问题(1)分清振动图象与波动图象•只要看清横坐标即可，横坐标为x则为波动图象，横坐标为/则为振动图象.(2)看清横、纵坐标的单位，尤其要注意单位前的数量级.(3)找准波动图象对应的时刻.(4)找准振动图象对应的质点.【例21 (2016-全国甲卷・34⑵)一列简谐横波在介质中沿x轴止向传播，波长不小于lOcm.O和A 是介质中平衡位置分别位于x=0和x=5cm处的两个质点./=0时开始观测，此时质点O的位移为y=4cm,质点力处于波峰位置；时，质点O第一次回到平衡位置，f=ls吋，质点/第一次冋到平衡位置•求：(1)简谐波的周期、波速和波长；(2)质点O的位移随时间变化的关系式.解析(1)设振动周期为卩由于质点力在0到Is内由最大位移处第一次回到平衡位置，经历的是+个周期，由此可知"4s①由于质点O与/的距离Ax = 5cm小于半个波长，且波沿x轴正向传播，O在尸*s时回到平2衡位置，而/在C Is时回到平衡位置，时间相差Az = |s ,可得波的速度D 二右二 7.5cm/s ②由X = vT 得，简谐波的波长2 = 30cm ③(2)设质点O 的位移随时间变化的关系为2兀/ y = A cos(— + go)④将①式及题给条件代入上式得4 = Acos^o< 71 ⑤ 0 = /cos(& + go)JT解得 00 二 3 M 二 8cm®质点O 的位移随时间变化的关系式为或尹二 0.08sin （^/ + 才）m答案（l ）4s 7.5cm/s 30cm（2）y=0.08cos （》+f ） m 或 y=0.08sin （》+罟）m预测3 (2016-全国丙卷-34(1))111波源S 形成的简谐横波在均匀介质中向左、右传播.波源振动 的频率为20Hz,波速为16m/s.D 知介质小P 、0两质点位于波源S 的两侧，且P 、。
2023届高考物理二轮复习专题分层突破练8磁场带电粒子在磁场中的运动含解析
高考物理二轮复习：专题分层突破练8 磁场带电粒子在磁场中的运动A组1.(2021浙江绍兴高三二模)如图所示,在架子上吊着一根绝缘导线,右侧导线下部某处装有一个铅坠,使导线保持竖直状态,下端连接着一个铝箔刷子,刷子下方放置一张铝箔,调整刷子的高度使之下端刚好与铝箔接触。
将左侧导线接到电源的正极上,电源的负极连接铝箔,用可移动的夹子水平地夹住一根强磁铁,右端N极正对右侧导线,接通电源,发现右侧导线在摆动。
下列判断正确的是()A.右侧导线开始时垂直纸面向里摆动B.右侧导线在摆动过程中一直受到安培力作用C.右侧导线在整个摆动过程中安培力对其做正功D.同时改变电流方向及磁铁的磁极方向,右侧导线开始摆动方向与原来相同2.(2021山东临沂高三一模)如图所示,在垂直纸面的方向上有三根长直导线,其横截面位于正方形的三个顶点b、c、d上,导线中通有大小相同的电流,方向如图所示,一带负电的粒子从正方形的中心O点沿垂直于纸面的方向向外运动,它所受洛伦兹力的方向是()A.沿O到a方向B.沿O到c方向C.沿O到d方向D.沿O到b方向3.(2021河北高三月考)已知通电直导线磁场中某点的磁感应强度大小为B=k(式中k为常数,I为电流大小,r为该点距导线的距离)。
现有垂直纸面放置的三根通电直导线a、b、c,其中三点间的距离之比为ab∶bc∶ca=5∶3∶4。
已知a、b导线在c点产生的磁感应强度方向平行于a、b的连线。
设a、b的电流之比为n,则()A.a、b的电流同向,n=B.a、b的电流反向,n=C.a、b的电流同向,n=1D.a、b的电流反向,n=14.(2021贵州高三月考)比荷相同的带电粒子M和N,经小孔S以相同的方向垂直射入匀强磁场中,M 和N仅在洛伦兹力作用下运动的部分轨迹分别如图中虚线a、b所示。
下列说法正确的是()A.M带负电,N带正电B.N的速度大于M的速度C.M、N在磁场中运动的周期相等D.洛伦兹力对M、N均做正功5.如图所示,有界匀强磁场边界线SP与MN平行,速率不同的同种带电粒子从S点沿SP方向同时射入磁场,粒子的比荷相同,其中从a点射出的粒子的速度v1与MN垂直;从b点射出的粒子的速度v2与MN成60°角,设两粒子从S到a、b所需时间分别为t1和t2,不计重力和粒子间的相互作用,则t1∶t2为() A.1∶3 B.4∶3C.1∶1D.3∶26.(多选)(2021山东枣庄高三二模)如图所示的长方体金属导体,前表面为abcd,已知L ab=10 cm、L bc=5 cm。
高考物理二轮复习专题分层突破练5动能定理机械能守恒定律功能关系的应用含解析
专题分层突破练5 动能定理、机械能守恒定律、功能关系的应用A组1.(多选)(2021广东阳江高三二模)关于下列配图的说法正确的是()A.图甲中“蛟龙号”在钢绳作用下匀速下降的过程中,它的机械能不守恒B.图乙中火车在匀速转弯时所受合力为零,动能不变C.图丙中握力器在手的压力作用下弹性势能增大D.图丁中撑竿跳高运动员在上升过程中机械能守恒2.(2021山西高三二模)如图所示,竖直平面内有一个半径为R的半圆形轨道,A、B为水平直径的两端点,O为圆心,现将半径远小于轨道半径、质量为m的小球从O点以初速度v0=水平向右抛出,小球落在圆周上某一点,不计空气阻力,重力加速度为g,则小球落在圆周上时的动能为()A.mgRB.mgRC.(-1)mgRD.mgR3.(2021江西高三一模)研究“蹦极”运动时,在运动员身上系好弹性绳并安装传感器,可测得运动员竖直下落的距离及其对应的速度大小。
根据传感器收集到的数据,得到如图所示的“速度—位移”图象,若空气阻力和弹性绳的重力可忽略,根据图象信息,下列说法正确的是()A.弹性绳原长为15 mB.当运动员下降10 m时,处于超重状态,当运动员下降20 m时,处于失重状态C.若以运动员、弹性绳、地球为系统研究,此过程机械能守恒D.当运动员下降15 m时,绳的弹性势能最大4.(2021广东高三二模)高铁在高速行驶时,受到的阻力F f与速度v的关系为F f=kv2(k为常量)。
若某高铁以v1的速度匀速行驶时机车的输出功率为P,则该高铁以2v1的速度匀速行驶时机车的输出功率为()A.8PB.4PC.2PD.P5.(2021广东东莞高三月考)如图所示,质量为m的物体静止在地面上,物体上面连着一个轻弹簧,用手拉住弹簧上端向上移动H,将物体缓缓提高h,拉力F做功W F,不计弹簧的质量,已知重力加速度为g,则下列说法正确的是()A.重力做功-mgh,重力势能减少mghB.弹力做功-W F,弹性势能增加W FC.重力势能增加mgh,弹性势能增加FHD.重力势能增加mgh,弹性势能增加W F-mgh6.(多选)(2021广东佛山高三三模)无动力翼装飞行运动员穿戴着拥有双翼的飞行服装和降落伞设备,从飞机、悬崖绝壁等高处一跃而下,运用肢体动作来掌控滑翔方向,最后打开降落伞平稳落地完成飞行。
高考物理15种快速解题技巧
15种快速解题技巧技巧一、巧用合成法解题【典例 1】一倾角为θ的斜面放一木块，木块上固定一支架，支架尾端用丝线悬挂一小球，木块在斜面上下滑时，小球与木块相对静止共同运动，如图 2-2-1 所示，当细线（ 1）与斜面方向垂直；（ 2）沿水平方向，求上述两种状况下木块下滑的加快度.分析：由题意可知小球与木块相对静止共同沿斜面运动，即小球与图 2-2-1 木块有同样的加快度，方向必沿斜面方向.能够经过求小球的加快度来达θ到求解木块加快度的目的 .（ 1）以小球为研究对象，当细线与斜面方向垂直时，小球受重力mg 和细线的拉力T，由题意可知，这两个力的协力必沿斜面向下，如图2-2-2 所示 .由几何关系可知 F 合 =mgsin θ依据牛顿第二定律有 mgsinθ =ma 1因此 a1=gsin θTTF 合θ F 合θmgmg 图 2-2-3图 2-2-2（ 2）当细线沿水平方向时，小球受重力mg 和细线的拉力T，由题意可知，这两个力的协力也必沿斜面向下，如图2-2-3 所示 .由几何关系可知 F 合=mg /sin θ依据牛顿第二定律有mg /sinθ =ma 2因此 a2=g /sin θ .【方法链接】在本题中利用合成法的利处是相当于把三个力放在一个直角三角形中，则利用三角函数可直接把三个力联系在一同，进而很方便地进行力的定量计算或利用角边关系（大角对大边，直角三角形斜边最长，其代表的力最大）直接进行力的定性剖析 .在三力均衡中，特别是有直角存在时，使劲的合成法求解尤其简单；物体在两力作用下做匀变速直线运动，特别合成后有直角存在时，使劲的合成更加简单.技巧二、巧用超、失重解题【典例 2】如图2-2-4所示，A为电磁铁，C为胶木秤盘，A和 C（包含支架）的总质量为 M， B 为铁片，质量为 m，整个装置用轻绳悬挂于 O 点，当电磁铁通电，铁片被吸引上涨的过程中，轻绳上拉力 F 的大小知足A.F=MgB.Mg ＜F＜（ M+m ）g图 2-2-4C.F= （ M+m ）gD. F＞（ M+m ）g分析：以系统为研究对象，系统中只有铁片在电磁铁吸引下向上做加快运动，有向上的加快度（其余部分都无加快度），因此系统有竖直向上的加快度，系统处于超重状态，因此轻绳对系统的拉力 F 与系统的重力（ M+m ）g 知足关系式： F＞（ M+m ） g，正确答案为 D.【方法链接】关于超、失重现象大概可分为以下几种状况：（1）如单个物体或系统中的某个物体拥有竖直向上（下）的加快度时，物体或系统处于超（失）重状态 .（2）如单个物体或系统中的某个物体的加快度不是竖直向上（下），但有竖直向上（下）的加快度重量，则物体或系统也处于超（失）重状态，与物体水平方向上的加快度没关.在选择题中间，特别是在定性判断系统重力与支持面的压力或系统重力与绳索拉力大小关系时，用超、失重规律可方便快速的求解.技巧三、巧用碰撞规律解题【典例 3】在电场强度为E的匀强电场中，有一条与电场线平行的几何线，如图2-2-5 虚线所示 .几何线上有两个可视为质点的静止小球 A 和 B.两小球的质量均为m，A 球带电量 +Q ，B 球不带电 .开始时两球相距L ，开释 A 球， A 球在电场力的作用下沿直线运动，并与 B 发生正碰，碰撞中 A 、B 两球的总动能无损失.设在每次碰撞中， A 、B 两球间无电量变换，且不考虑重力及两球间的万有引力.求（1） A 球经多长时间与 B 球发生第一次碰撞 .m m（ 2）第二次碰撞前， A 、B 两球的速率各为多少？A L B（ 3）从开始到第三次相碰，电场力对 A 球所做的功 . 图 2-2-5 分析：（ 1）设 A 经时间 t 与 B 球第一次碰撞，根据运动学规律有 L=at 2/2A 球只受电场力，依据牛顿第二定律有QE=ma∴（ 2）设第一次碰前 A 球的速度为 V A，依据运动学规律有V A 2=2aL碰后 B 球以速度 V A作匀速运动，而 A 球做初速度为零的匀加快运动，设二者再次相碰前A 球速度为V A1，B 球速度为V B.则知足关系式V B = V A1/2= V A∴V B = V A=V A1=2 V A =2（ 3）第二次碰后， A 球以初速度V B作匀加快运动， B 球以速度V A1作匀速运动，直到两者第三次相碰 .设二者第三次相碰前 A 球速度为 V A2，B 球速度为 V B1.则知足关系式 V B1= V A1= （V B + V A2）/2∴V B1=2 V A；V A2=3 V A第一次碰前 A 球走过的距离为2 L，依据运动学公式 V A =2aL设第二次碰前 A 球走过的距离为S1，依据运动学公式V A12=2aS 1∴S1=4LS2，相关系式 V A22－V A12 =2aS2设第三次碰前 A 球走过的距离为∴S2=8L即从开始到第三次相碰， A 球走过的行程为S=13L此过程中电场力对 A 球所做的功为 W=QES=13 QEL .【技巧点拨】利用质量相等的两物体碰撞的规律考生可很简单判断出各球发生互相作用前后的运动规律，开始时 B 球静止， A 球在电场力作用下向右作匀加快直线运动，当运动距离 L 时与 B 球发生相碰 .二者相碰过程是弹性碰撞，碰后两球速度交换， B 球以某一初速度向右作匀速直线运动， A 球向右作初速度为零的匀加快运动.当 A 追上 B 时二者第二次发生碰撞，碰后二者仍交换速度，依此类推.技巧四、巧用阻挡规律解题【典例 4】如图2-2-6 所示，小灯泡正常发光，现将一与螺线管等长的软铁棒沿管的轴线快速插入螺线管内，小灯泡的亮度怎样变化A 、不变B 、变亮C、变暗D、不可以确立分析：将软铁棒插入过程中，线圈中的磁通量增大，感觉图 2-2-6 电流的成效要阻挡磁通量的增大，因此感觉电流的方向与线圈中原电流方向相反，以阻挡磁通量的增大，因此小灯泡变暗， C 答案正确 .【方法链接】楞次定律“成效阻挡原由”的几种常有形式.（1）就磁通量而言：感觉电流的磁场老是阻挡惹起感觉电流的磁通量（原磁通量）的变化 .即当原磁通量增添时，感觉电流的磁场方向与原磁场方向相反；当原磁通量减少时，感觉电流的磁场方向与原磁场方向同样，简称口诀“增反减同”.（2）就相对运动而言：感觉电流的成效阻挡所有的相对运动，简称口诀“来拒去留”，从运动成效上看，也可形象的表述为“敌进我退，敌逃我追”.（3）就闭合电路的面积而言：以致电路的面积有缩短或扩充的趋向 .缩短或扩充是为了阻挡电路磁通量的变化 .若穿过闭合电路的磁感线都为同一方向，则磁通量增大时，面积有缩短趋向；磁通量减少时，面积有扩充趋向.简称口诀“增减少扩” .若穿过回路的磁感线有两个相反的方向，则以上结论不必定建立，应依据实质状况灵巧应用，总之要阻挡磁通量的变化.（4）就电流而言：感觉电流阻挡原电流的变化，即原电流增大时，感觉电流与原电流反向；原电流减小时，感觉电流与原电流同向，简称口诀“增反减同”.技巧五、巧用整体法解题【典例 5】如图2-2-7所示，圆滑水平面上搁置质量分别为 m 和 2m 的四个木块，此中两个质量为 m 的木块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的最大静摩擦力是μmg.现用水平图 2-2-7拉力 F 拉此中一个质量为 2 m 的木块，使四个木块以同一加快度运动，则轻绳对m 的最大拉力为3 mgB 、3 mg 3 mgA 、C、 D 、3 mg5 4 2分析：以上边 2 个木块和左侧的质量为2m 的木块整体为研究对象，依据牛顿第二定律有μ mg=4ma再以左侧两木块整体为研究对象，依据牛顿第二定律有T=3ma∴T= 3 mgB 答案正确 .4【技巧点拨】当系统内各物体有同样加快度时（一同处于静止状态或一同加快）或题意要求计算系统的外力时，奇妙选用整体（或部分整体）为研究对象可使解题更加简单快捷.技巧六、巧用几何关系解题【典例 6】如图2-2-8所示，在真空地区内，有宽度为L 的匀强磁场，磁感觉强度为B，磁场方向垂直纸面向里，MN 、PQ 是磁场的界限 .质量为 m，带电量为－q 的粒子，先后两次沿着与 MN 夹角为θ（ 0<θ<90o）的方向垂直磁感线射入匀强磁场 B 中，第一次，粒子是经电压 U 1加快后射入磁场，粒子恰好没能从 PQ 界限射出磁场 .第二次粒子是经电压 U 2加快后射入磁场，粒子则恰好垂直 PQ 射出磁场 .不计重力的影响，粒子加快前速度以为是零，求：（1）为使粒子经电压 U2加快射入磁场后沿直线运动，直至射出PQ 界限，可在磁场地区加一匀强电场，求该电场的场强盛小和方向 .（2）加快电压U1的值 . U 2分析：（ 1）如图答 2-2-9所示，经电压U 2加快后以速度 v2射入磁场，粒子恰好垂直 PQ 射出磁场，依据几何关系可确立粒子在磁场中做匀速圆周运动的圆心图 2-2-9 图 2-2-10 图 2-2-11L 在 PQ 界限限的 O 点，半径 R 2 与磁场宽L 的关系式为 R 2cos又由于 R 2mv 2Bq因此 v 2BqLm cos加匀强电场后，粒子在磁场中沿直线运动射出PQ 界限的条件为 Eq ＝ Bq v 2 ，电场力的方向与磁场力的方向相反.因此 EB 2 qL ，如图，方向垂直磁场方向斜向右下，与磁场界限夹角为m cos2答 2-2-10 所示 .（ 2）经电压 U 1 加快后粒子射入磁场后恰好不可以从PQ 界限射出磁场， 表示在磁场中做匀速圆周运动的轨迹与 PQ 界限相切，要确立粒子做匀速圆周运动的圆心 O 的地点，如图答 2-2-11所示，圆半径 R 1 与 L 的关系式为： L R 1 R 1 cos L , R 11 cos又 R 1mv 1Bq因此 v 1BqLm(1 cos )依据动能定理有 U 1q1 mv 12 ， U 2 q 1 mv 22 ，2 2因此U1v 12 cos 2)2.U 2 v 22 (1 cos【方法链接】 解决带电粒子在匀强磁场中匀速圆周运动问题，重点是确立圆心的地点，正确画出粒子运动的草图，利用几何关系联合运动规律求解 .技巧七：巧用可逆原理解题【典例 7】某同学在测定玻璃折射率时获得了多组入射角i 与折射角 r ，并作出了 sini 与 sinr 的图象如图 2-2-12 所示 .则以下说法正确的选项是sinisinr图 2-2-12A ． 实验时，光芒是由空气射入玻璃B ． 实验时，光芒是由玻璃射入空气C ． 利用 sini /sinr 可求得玻璃的折射率D ． 该玻璃的折射率为分析： 由图象可知入射角的正弦值小于折射角的正弦值 . 依据折射定律可知光芒是从光密介质射向光疏介质，即由玻璃射向空气，B 答案正确；依据折射定律 n=sini /sinr可求得介质的折射率，但必定要注意此公式必定要知足光芒从空气射向介质，而本题中光芒是由玻璃射入空气，因此不可以直接利用 sini /sinr 求介质的折射率，依据光路可逆原理，当光芒反转 时，其流传路径不变，即光从空气中以入射角 r 射到该玻璃界面上时，折射后的折射角必定为 i ，依据折射定律可得玻璃的折射率（这里要注意很简单错选 C ）， C错误 ,D 正确 . 正确答案为 B 、D.【方法链接】 在光的反射或折射现象中， 光路拥有可逆性 . 即当光芒的流传方向反转时， 它的流传路径不变. 在机械运动中，若没有摩擦阻力、流体的粘滞阻力等耗散力做功时，机械运动拥有可逆性 . 如物体的匀减速直线运动可看作反向的加快度不变的匀加快运动 .方法八：巧用等效法解题【典例 8】 如图 2-2-13 所示，已知盘旋加快器中， D 形盒内匀强磁场的磁感觉强度４V ，今将 α粒子从近于间 T ，盒的半径 R=60 cm ，两盒空隙 d=1.0 cm ，盒间电压× 10 隙中心某点向 D 形盒内以近似于零的初速度垂直 B 的方向射入，求粒子在加快器内运行的总 时间 .分析：带电粒子在盘旋加快器转第一周，经两次加快，速度为v 1，则依据动能定理得：1 22qU= mv 12设运行 n 周后，速度为v ，则： n2qU =1mv 22v 2由牛顿第二定律有 qvB=mR图 2-2-13粒子在磁场中的总时间：2 m B 2q 2 R 2·2 mR 2 Bt B =nT=n ·=qB =qB 4qmU 2U粒子在电场中运动即可视作初速度为零的匀加快直线运动，由公式： t E =v t v 0,且 v 0=0,v t =qBR,a=qUa mdmBRd得： t E =UBR R 故： t=t B +t E =(U2－５s.=４ .３×１０× 10－５×（＋） s【技巧点拨】粒子在空隙处电场中每次运动时间不相等，且粒子多次经过空隙处电场，假如分段计算，每一次粒子经过空隙处电场的时间，很明显将十分繁琐.我们注意到粒子走开空隙处电场进入匀强磁场地区到再次进入电场的速率不变，且粒子每在电场中加快度大小相等，因此可将各段空隙等效“连接”起来，把粒子断断续续在电场中的加快运动等效成初速度为零的匀加快直线运动 .技巧九：巧用对称法解题【典例 9】一根自由长度为10 cm的轻弹簧，下端固定，上端连一个质量为m的物块P，在 P 上放一个质量也是m的物块 Q.系统静止后，弹簧长度为 6 cm，如图 2-2-14 所示 . 假如迅速向上移去 Q，物块 P 将在竖直方向做简谐运动，今后弹簧的最大长度为A． 8 cm B ． 9 cm C ． 10 cm D ． 11 cm Q分析：移去 Q后， P 做简谐运动的均衡地点处弹簧长度8 cm，由题意可知刚移P去 Q时 P物体所处的地点为 P 做简谐运动的最大位移处 . 即 P 做简谐运动的振幅为 26cm cm. 当物体 P 向上再次运动到速度为零时弹簧有最大长度，此时P 所处的地点为另一最大位移处，依据简谐运动的对称性可知此时弹簧的长度图 2-2-14 为 10 cm ，C 正确 .【方法链接】在高中物理模型中，有好多运动模型有对称性，如（类）竖直上抛运动的对称性，简谐运动中的对称性，电路中的对称性，带电粒子在匀强磁场中匀速圆周运动中几何关系的对称性 .方法十：巧用假定法解题假定法是解决物理问题的一种常有方法，其基本思路为假定结论正确，经过正确的逻辑推理，看最后的推理结果能否与已知条件相矛盾或能否与物理实质情境相矛盾来判断假定是否建立 .【典例 10】如图2-2-15，abc是圆滑的轨道，其中 ab 是水平的， bc 为与 ab 相切的位于竖直平面内的半圆，半径 R=0.3m. 质量 m=0.2kg 的小球 A 静止在轨道上，另一质量 M=0.6kg ，速度 V0的小球 B与小球 A 正碰 .已知相碰后小球 A 经过半圆的最高点C ，落到轨道上距 b 为 L= 处，重力加快图 2-2-15度 g=10m/s2，试经过剖析计算判断小球 B 能否能沿着半圆轨道抵达 C 点 .分析：A 、B 构成的系统在碰撞前后动量守恒，碰后 A 、B 运动的过程中只有重力做功，机械能守恒，设碰后 A 、 B 的速度分别为V1、V2，由动量守恒定律得M V0 =M V 2+m V 1A 上涨到圆周最高点 C 做平抛运动，设 A 在 C 点的速度为 V C，则 A 的运动知足关系式22R=gt /2V C t=LA 从 b 上涨到 c 的过程中，由机械能守恒定律得（以 ab 所在的水平面为零势面，以下同）2 2m V1 /2= m V C /2+2mgR∴V1=6 m/s ，V2=3.5 m/s方法 1：假定 B 球恰好能上涨到 C 点，则 B 球在 C 点的速度 V C＇应知足关系式Mg=M V C ＇2/R 因此 V C ＇=1.73 m/s则 B 球在水平轨道 b 点应当有的速度为（设为 V b ）由机械能守恒定律得M V b 2/2=M V C ＇2/2+2MgR则由 V b 与 V 2 的大小关系可确立 B 可否上涨到 C 点 若 V 2≥V b ， B 能上涨到 C 点 若 V 2 ＜V b ， B 不可以上涨到 C 点代入数据得 V b =3.9 m/s ＞ V 2 =3.5 m/s ，因此 B 不可以上涨到 C 点.【方法链接】 假定法在物理中有着很宽泛的应用，凡是利用直接剖析法很难获得结论的问题，用假定法来判断不失为一种较好的方法，如判断摩擦力时常常用到假定法，确立物体的运动性质时常常用到假定法 .技巧十一、巧用图像法解题【典例 11】 队伍会合后开发沿直线行进，已知队伍行进的速度与到出发点的距离成反比， 当队伍行进到距出发点距离为 d 1 的 A 地点时速度为 V 1，求（ 1）队伍行进到距出发点距离为d 2 的 B 地点时速度为V 2是多大？（ 2）队伍从 A 地点到 B 地点所用的时间 t 为多大 . 分析：（1）已知队伍行进的速度与到出发点的距离成反比，即有公式 V ＝k/d （d 为队伍距出发点的距离， V 为队伍在此位 置的刹时速度） ，依据题意有 V 1＝ k / d 1V 2＝ k / d 2dd 2d 11/VO1/V 1 1/V 2∴ V 2＝ d 1 V 1 / d 2.图 2-2-16（ 2）队伍行进的速度 V 与到出发点的距离d 知足关系式 d ＝ k/V ，即 d －图象是一条过原点的倾斜直线，如图 2-2-16 所示，由题意已知，队伍从A 地点到B 地点所用的时间 t 即为图中斜线图形（直角梯形）的面积 .由数学知识可知 t ＝（ d 1 + d 2）（ 1/V 2－ 1/V 1） /2∴ t ＝（ d 22－ d 12） /2 d 1 V 1【方法链接】 1.本题中队伍行进时速度的变化即不是匀速运动，也不是匀变速运动， 很难直接用运动学规律进行求解，而应用图象求解则使问题获得简化.2.考生可用类比的方法来确立图象与横轴所围面积的物理意义.ｖ－ｔ 图象中，图线与横轴围成图形的面积表示物体在该段时间内发生的位移 （有公式 S ＝ v t ，S 与 v t 的单位均为 m ）；F －S 图象中，图线与横轴围成图形的面积表示F 在该段位移 S 对物体所做的功（有公式＝WFS ，W 与 FS 的单位均为 J ） .而上述图象中 t ＝ d × 1/V （t 与 d × 1/V ）的单位均为 s ，因此可判断出该图线与横轴围成图形的面积表示队伍从出发点到此地点所用的时间.【典例 12】如图2-2-17所示，轻绳的一端系在质量为m的物体上，另一端系在一个轻质圆环上，圆环套在粗拙水平杆MN上，现用水平力 F 拉绳上一点，使物体处于图中实线地点，而后改变 F 的大小使其迟缓降落到图中虚线地点，圆环仍在本来的地点不动，则在这一过程中，水平拉力 F、环与杆的摩擦力 F摩和环对杆的压力F N的变化状况是A.F 渐渐增大， F 摩保持不变， F N渐渐增大B.F 渐渐增大， F 摩渐渐增大， F N保持不变图 2-2— 17C.F 渐渐减小， F 摩渐渐增大， F N渐渐减小D.F 渐渐减小， F 摩渐渐减小， F N保持不变分析：在物体迟缓降落过程中，细绳与竖直方向的夹角θ 不停减小，可把这类减小状态推到无穷小，即细绳与竖直方向的夹角θ=0；此时系统仍处于均衡状态，由均衡条件可知，当θ=0 时， F=0，F摩=0. 因此可得出结论：在物体迟缓降落过程中， F 渐渐减小， F 摩也随之减小， D 答案正确 .【方法链接】极限法就是运用极限思想，把所波及的变量在不高出变量取值范围的条件下，使某些量的变化抽象成无穷大或无穷小去思虑解决实质问题的一种解题方法，在一些特别问题中间如能奇妙的应用此方法，可使解题过程变得简捷.方法十三、巧用变换思想解题V 【典例 13】如图 2-2-18 所示，电池的内阻能够忽视不计，电压表和可变电阻器 R 串连接成通路，假如可变电阻器R 的值减为本来的1/3 时，电压表的读数由U 0增添到 2U 0，则以下说法中正确的选项是A ．流过可变电阻器R 的电流增大为本来的 2 倍图 2-2-18B ．可变电阻器 R 耗费的电功率增添为本来的 4 倍C．可变电阻器两头的电压减小为本来的2/3D ．若可变电阻器 R 的阻值减小到零，那么电压表的示数变成4U0确分析 :在做该题时，大部分学生以为研究对象应选可变电阻器，由于四个选项中都问的是相关Ｒ的问题；但R 的电阻、电压、电流均变，判断不出各量的定量变化，进而走入思想的误区．若灵巧地变换研究对象，会出现“峰回路转”的境界；剖析电压表，其电阻为定值，当它的读数由 U 0增添到 2U 0时，经过它的电流必定变成本来的 2 倍，而 R 与电压表串连，应选项 A 正确．再利用 P＝ I2R 和 U ＝IR ， R 耗费的功率 P′＝（ 2I）2R/3＝ 4P/3； R 以后两头的电压 U ＝2IR/3 ，不难看出 C 对 B 错．又因电池内阻不计， R 与电压表的电压之和为U总，当 R 减小到零时，电压表的示数也为总电压Ｕ总；很轻松地列出U 总＝IR ＋ U0＝2 IR/3 ＋ 2U0，解得U 总＝ 4U0，故 D 也对．【方法链接】常有的变换方法有研究对象的变换、时间角度的变换、空间角度的变换、物理模型的变换，本例题就是应用研究对象的变换思想奇妙改变问题的思虑角度，进而达到使问题简化的目的 .【典例14】如图2-2-19所示，如下图，质量为3m 的木板静止放在圆滑的水平面上，木板左端固定着一根轻弹簧.质量为 m 的木块（可视为质点），它从木板右端以未知速度V 0开始沿木板向左滑行，最后回到木板右端恰好未从木板上滑出.若在小木块压缩弹簧的过程中，弹簧拥有的最大弹性势能为E P，小木块与木板间的动摩擦因数大小保持不变，求：2-2-19 （1）木块的未知速度 V 0（2）以木块与木板为系统，上述过程中系统损失的机械能分析：系统在运动过程中遇到的合外力为零，因此系统动量定恒，当弹簧压缩量最大时，系统有同样的速度，设为 V ，依据动量守恒定律有 m V 0=（ m+3m ） V木块向左运动的过程中除了压缩弹簧以外，系统中互相作用的滑动摩擦力对系统做负功以致系统的内能增大，依据能的转变和守恒定律有m V 02 /2－（ m+3m ）V 2/2=E P+μ mgL （μ为木块与木板间的动摩擦因数，L 为木块相对木板走过的长度）由题意知木块最后回到木板右端时恰好未从木板上滑出，即木块与木板最后有同样的速度由动量守恒定律可知最后速度也是V.整个过程中只有系统内互相作用的滑动摩擦力做功（弹簧总功为零），依据能量守恒定律有m V 02/2－（ m+3m ） V 2/2=2μ mgL∴有， E P=μmgL故系统损失的机械能为 2 E P.【误点警告】依据能的转变和守恒定律，系统战胜滑动摩擦力所做的总功等于系统机械能损失，损失的机械能转变成系统的内能，因此有 f 滑 L 相对行程 =△ E（△E 为系统损失的机械能）在应用公式解题时，必定要注意公式建立所知足的条件.当系统中只有互相作用的滑动摩擦力对系统做功惹起系统机械能损失（其余力不做功或做功不改变系统机械能）时，公式 f 滑 L行程 = △E 才建立 .假如系统中除了互相作用的滑动摩擦力做功还有其余力对系统做功而改变系统机械能，则公式 f 滑 L 相对行程 =△E 不再建立，即系统因战胜系统内互相作用的滑动摩擦力所产生的内能不必定等于系统机械能的损失.因此同学们在应用结论解题时必定要注意公式建立的条件能否知足，不然很简单造成错误.方法十五、巧用清除法解题【典例 15】如图2-2-22所示，由粗细平均的电阻丝制成的边长为 L 的正方形线框abcd，其总电阻为R.现使线框以水平向右的速度v. 相对匀速穿过一宽度为 2L 、磁感觉强度为 B 的匀强磁场地区，整个过程中ab、cd 两边一直保持与磁场界限平行 .令线框的 cd 边恰好与磁场左界限重合时开始计时 (t ＝0)，电流沿 abcda 流动的方向为正， U o＝ BLv .在以下图图 2-2-22 中线框中 a、 b 两点间电势差Uab 随线框 cd 边的位移x 变化的图像正确的是以下图中的高考物理15种快速解题技巧x x分析：当线框向右穿过磁场的过程中，由右手定章可判断出老是 a 点的电势高于 b 点电势，即 U ab＞ 0，因此 A 、 C、 D 错误，只有B 项正确 .【方法链接】考生能够比较题设选项的不一样以外，而略去同样之处，即可获得正确答案，或许考生能判断出某三个选项是错误的，就没必需对此外一个选项做出判断而应直接把其作为正确答案 .对本例题，考生只要判断出三个过程中（进磁场过程、所有进入磁场过程、出磁场过程）中a、 b 两点电势的高低即可选择出正确答案，而没有必需对各样状况下a、 b 两点电势大小规律做出判断.11。
2021届高考物理二轮复习常考题型微专题复习-矢量三角形解决动态平衡问题专题(含解析)
矢量三角形解决动态平衡问题专题一、单选题1.如图所示，两个小球a、b质量均为m，用细线相连并悬挂于O点，现用一轻质弹簧给小球a施加一个拉力F，使整个装置处于静止状态，且Oa与竖直方向夹角为θ=45°，已知弹簧的劲度系数为k，则弹簧形变量不可能是()A. √2mgk B. √2mg2kC. 4√2mg3kD. 2mgk2.如图所示，一定质量的物块用两根轻绳悬在空中，其中绳OA固定不动，绳OB在竖直面内转动，物块保持静止．则在绳OB由水平位置转至竖直位置的过程中，绳OB的张力大小将()A. 一直变大B. 一直变小C. 先变大后变小D. 先变小后变大3.如图所示，两根轻绳AO和BO连接于O点，O点下方用轻绳CO悬挂一重物，静止时绳AO拉力为F1，绳BO拉力为F2。
保持A、O点位置不变，而将绳BO缓慢向B1O、B2O移动至水平的过程中A. F1逐渐变小B. F2逐渐变小C. 三根轻绳中的拉力的合力逐渐变小D. F1、F2的合力保持不变4.将两个质量均为m的小球a、b用细线相连后，再用细线悬挂于O点，如图所示．用力F拉小球b，使两个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持θ=30°，则F达到最小值时Oa绳上的拉力为()A. √3mgB. mgC. √32mg D. 12mg5.如图所示，一光滑的轻滑轮用细绳OO’悬挂于O点;另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂质量为m的物块A，另一端系一位于固定光滑斜面上的质量为2m的物块B.斜面倾角θ=45°，外力F沿斜面向上拉物块B.使物块B由滑轮正下方位置缓慢运动到和滑轮等高的位置，则()A. 细绳OOˈ的拉力逐渐增大B. 细线对物块B的拉力逐渐变大C. 斜面对物块B的支持力逐渐变大D. 外力F逐渐变大6.如图所示，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为F N1，木板对小球的支持力大小为F N2.以木板与墙连接点为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中()A. F N1始终减小，F N2始终减小B. F N1始终减小，F N2始终增大C. F N1先增大后减小，F N2始终减小D. F N1先增大后减小，F N2先减小后增大7.如图所示，一个光滑的圆球，放在倾角为θ的固定斜面上，用一竖直挡板挡住，处于静止状态．现缓慢的让竖直挡板顺时针转动到水平方向．设斜面对球的作用力为F1，挡板对球的作用力为F2，在此过程中()A. F1减小，F2减小B. F1增大，F2增大C. F1减小，F2先减小再增大D. F1先减小再增大，F2减小8.如图所示，小球用细绳系住静止在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上缓慢由A移到D过程中，细绳的拉力将()A. 逐渐增大B. 逐渐减小C. 先增大后减小D. 先减小后增大二、多选题9.如图所示在风洞测试实验中，竖直平面内有一质量m的小球在与竖直方向MN成45°夹角的力F的作用下，沿图中虚线由M至N做竖直向上的匀速运动。
高考物理二轮复习专题突破—动量和能量观点的应用(含解析)
高考物理二轮复习专题突破—动量和能量观点的应用1.(2021福建泉州高三月考)如图所示,建筑工地上的打桩过程可简化为重锤从空中某一固定高度由静止释放,与钢筋混凝土预制桩在极短时间内发生碰撞,并以共同速度下降一段距离后停下来。
则()A.重锤质量越大,撞预制桩前瞬间的速度越大B.重锤质量越大,预制桩被撞后瞬间的速度越大C.碰撞过程中,重锤和预制桩的总机械能保持不变D.整个过程中,重锤和预制桩的总动量保持不变2.(2021福建高三二模)如图所示,A车以某一初速度水平向右运动距离l后与静止的B 车发生正碰,碰后两车一起运动距离l后停下。
已知两车质量均为m,运动时受到的阻力为车重力的k倍,重力加速度为g,碰撞时间极短,则()A.两车碰撞后瞬间的速度大小为√kglB.两车碰撞前瞬间A车的速度大小为√2kglC.A车初速度大小为√10kglD.两车碰撞过程中的动能损失为4kmgl3.(2021辽宁丹东高三一模)2022年冬奥会将在北京举行,滑雪是冬奥会的比赛项目之一,如图所示,某运动员(视为质点)从雪坡上先后以v0和2v0沿水平方向飞出,不计空气阻力,则运动员从飞出到落到雪坡上的整个过程中()A.空中飞行的时间相同B.落在雪坡上的位置相同C.动量的变化量之比为1∶2D.动能的增加量之比为1∶24.(多选)(2021辽宁大连高三一模)在光滑水平桌面上有一个静止的木块,高速飞行的子弹水平穿过木块,若子弹穿过木块过程中受到的摩擦力大小不变,则()A.若木块固定,则子弹对木块的摩擦力的冲量为零B.若木块不固定,则子弹减小的动能大于木块增加的动能C.不论木块是否固定,两种情况下木块对子弹的摩擦力的冲量大小相等D.不论木块是否固定,两种情况下子弹与木块间因摩擦产生的热量相等5.(多选)(2021河南洛阳高三二模)如图所示,质量均为2 kg的三个物块静止在光滑水平面上,其中物块B的右侧固定一轻弹簧,物块A与弹簧接触但不连接。
2021新高考物理二轮总复习课件：专题三 第1讲 电场 带电粒子在电场中的运动
专题三第一讲ꢀ电场ꢀ带电粒子在电场中的运动价值引领备考定向体系构建真题感悟0102内容索引03高频考点能力突破04素养提升微课堂价值引领备考定向本专题是高中物理电磁学知识的核心部分,是高考考查的重点,电磁学压轴计算题通常就是带电粒子在电磁场中的运动问题,在复习过程中要注意高考评价体核心价值系中的综合性、应用性和创新性要求。
新高考可能会结合先进科技成果、生ꢀ产生活实际情境命题,通过解决这些实际问题,强化爱国主义情怀、践行社会主核心要求义核心价值观、弘扬中华优秀传统文化、提升民族自豪感物理观念方面,物质观念主要包括电荷、电场和电场线、磁场和磁感线,运动观念主要包括匀变速直线运动、类平抛运动和匀速圆周运动,相互作用观念主要包括电场强度和磁感应强度、电场力和磁场力,能量观念主要包括带电粒子的动能、电势能和磁场能;科学思维方面,主要包括点电荷、带电粒子在匀强电场中的偏转、带电粒子在匀强磁场中的圆周运动等模型的建构,以及相应的科学推理和科学论证素养ꢀ学科素养ꢀ理解能力、模型建构能力、逻辑推理能力、分析综合能力、信息核关键能力加工能力ꢀꢀ心要电场和磁场的基本性质,电场力和磁场力的特性,安培定则和左手定则,两类偏转模型(类平抛运动和圆周运动),带电粒子在场中的运动求必备知识性质、规律和分析处理方法ꢀ日常生活类:生活生产中静电现象、古代指南针、司南的应用等;学习探索类:电荷守恒定律与库仑定律的应用,力电综合问题的应用,带电粒子在场中的运动等;生产科技类:质谱仪、速度选择器、回旋加速器、霍尔效应等ꢀ试题情境单一知识点的考查常以选择题的形式出现;综合考查多个知识点的题目可以以选择题形式出现,也可以以计算题的形式出现考查方式电场部分:以带电粒子运动轨迹和电场线或等势面间的关系为核心考查电场力的性质和电势能的性质,以带电粒子在匀强电场中的加速、偏转为考查重点,兼顾带电粒子在非匀强电场中的偏转轨迹的分析;考向预测磁场部分:以考查带电粒子在磁场中的圆周运动为主,其次是磁感应强度的叠加和通电导体所受安培力问题;综合部分:带电粒子在各种组合场、复合场中的运动和临界问题的考查是重点,并注意关注在生产科技中的应用体系构建真题感悟【网络构建】【高考真题】1.(2020全国Ⅲ卷)如图所示,∠M是锐角三角形PMN最大的内角,电荷量为q(q>0)的点电荷固定在P点。
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高考二轮总复习 • 物理
【解析】 假设线圈的速度非常小，趋近于零，根据E＝BLv知， 线圈中产生的感应电动势趋近于零，安培力趋近于零，拉力做功趋近 于零，由此可知，速度越大，拉力做功越多，选项A正确；假设线圈 边长L1非常小，趋近于零，根据E＝BLv知，线圈中产生的感应电动 势趋近于零，拉力做功趋近于零，由此可知，线圈边长L1越大，拉力 做功越多，选项B正确；假设线圈边长L2非常小，趋近于零，根据功 的定义式知W＝FL2，拉力做功趋近于零，
磁场开始计时，下列关于框中产生的感应电流随时
间变化的图像正确的是
()
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
【答案】 A
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
【解析】 感应电流随时间变化的图线与横轴所围的面积表示电荷 量，其中第一象限面积取正，第四象限面积取负．金属框从进入到穿出 磁场，通过金属框的电荷量 q＝It＝ERt＝Φt－R Φ0＝0，故感应电流随时间 变化的图线与横轴所围的面积也应该为零，B、C 选项显然不符合．金 属框在最后离开磁场过程中切割磁感线的有效长度越来越大，故产生的 感应电流也越来越大，排除 D．
典例3 (2019·陕西西安模拟)如图所示，磁感应强度为B的匀
强磁场有理想边界，用力将矩形线圈从有边界的磁场中匀速拉出，在
其他条件不变的情况下，下列说法错误的是
( D)
A．速度越大，拉力做功越多
B．线圈边长L1越大，拉力做功越多 C．线圈边长L2越大，拉力做功越多 D．线圈电阻越大，拉力做功越多
第三部分 题型突破
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
妙招2 特殊值代入法 有些选择题选项的代数表达式比较复杂，需经过比较烦琐的公式 推导过程，此时可在不违背题意的前提下选择一些能直接反映已知量 和未知量数量关系的特殊值，代入有关算式进行推算，依据结果对选 项进行判断．
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
〔链接高考 2〕
(全国高考)假设地球是一半径为 R、质量分布均匀的球体．一矿井
深度为 d.已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零．矿井底部和
地面处的重力加速度大小之比为
( A)
A．1－Rd
B．1＋Rd
C．R－R d2
D．R－R d2
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
【解析】 取特殊情况，当 d＝R 时，重力加速度之比应该为零， 排除 B、D；取 d＝R2，根据黄金代换式 GM＝gR2 得 g∝RM2，重力加速 度之比不等于14(因为质量 M 不一样)，排三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
乙
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
【答案】 C 【解析】 应用右手定则可以判断开始阶段电动势方向沿 O 指向 A 方向，电动势为正，可排除 D 选项；导体杆转动产生的电动势可用公式 E＝12Bl2ω 计算，但导体杆切割磁感线的长度 l＝2Rsin ωt，不恒定，也 不均匀变化，故 A、B 均不正确，正确选项为 C．
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
妙招3 极限思维法 将某些物理量的数值推向极值(如：设定摩擦因数趋近零或无穷 大、电源内阻趋近零或无穷大、物体的质量趋近零或无穷大等)，并 根据一些显而易见的结果、结论或熟悉的物理现象进行分析和推理的 一种方法．
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
切于O点，两圆形区域内分别存在垂直于纸面
的匀强磁场，磁感应强度大小相等、方向相反，
且不随时间变化．一长为2R的导体杆OA绕过O
点且垂直于纸面的轴顺时针匀速旋转，角速度
为ω.t＝0时，OA恰好位于两圆的公切线上，如
图甲所示．若选取从O指向A的电动势为正，
下列描述导体杆中感应电动势随时间变化的图
像可能正确的是
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
妙招1 比较排除法 通过分析、推理和计算，将不符合题意的选项一一排除，最终留 下的就是符合题意的选项．如果选项是完全肯定或否定的判断，可通 过举反例的方式排除；如果选项中有相互矛盾或者是相互排斥的选项， 则两个选项中只可能有一种说法是正确的，当然，也可能两者都错．
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
【解析】 取F1＝F2≠0，则斜面光滑，最大静摩擦力等于零， 代入后只有C满足．
【名师点评】 这种方法的实质是将抽象、复杂的一般性问题的 推导、计算转化成具体的、简单的特殊值问题来处理，以达到迅速、 准确解题的目的．
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
典例1 如图所示，宽度均为 d 且足够长的
两相邻条形区域内，分别存在磁感应强度大小为 B、
方向相反的匀强磁场．总电阻为
R、边长为4 3
3 d
的
等边三角形金属框的 AB 边与磁场边界平行，金属
框从图示位置沿垂直于 AB 边向右做匀速直线运
动．取逆时针方向电流为正，从金属框 C 端刚进入
第三部分
题型突破
突破一 “8个妙招”巧解单选题
高考二轮总复习 • 物理
选择题在高考中属于保分题目，只有“选择题多拿分，高考才能 得高分”，在平时的训练中，针对选择题要做到两个方面，一是练准 度：高考中遗憾的不是难题做不出来，而是简单题和中档题做错，平 时会做的题目没做对，平时训练一定要重视选择题的正确率．二是练 速度：提高选择题的答题速度，能为攻克后面的解答题赢得充足时 间．解答选择题时除了掌握直接判断和定量计算等常规方法外，还要 学会一些非常规巧解妙招，针对题目特性“不择手段”，达到快速解 题的目的．
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
【名师点评】 运用排除法解题时，对于完全肯定或完全否定的 判断，可通过举反例的方式排除；对于相互矛盾或者相互排斥的选项， 则最多只有一个是正确的，要学会从不同方面判断或从不同角度思考 与推敲．
第三部分 题型突破
高考二轮总复习 • 物理
〔链接高考1〕
(全国高考)纸面内两个半径均为R的圆相
典例2 如图所示，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作
用，F平行于斜面向上．若要使物块在斜面上保持静止，F的取值应
有一定的范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2(F1和F2的方向 均沿斜面向上)．由此可求出物块与斜面间的最大静摩擦力为 ( C )
A．F21
B．2F2
C．F1－2 F2
D．F1＋2 F2