您的位置：360文档中心› 江苏省泰州市2015届高三第二次模拟考试物理试题

江苏省泰州市2015届高三第二次模拟考试物理试题

合集下载

高三物理-泰州中学、泰兴中学、靖江中学、扬州中学、南京一中联考2015届高三下学期物理模拟试卷

高三物理-泰州中学、泰兴中学、靖江中学、扬州中学、南京一中联考2015届高三下学期物理模拟试卷

江苏省泰州中学、泰兴中学、靖江中学、扬州中学、南京一中联考2015届高考物理模拟试卷一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意。

1．如图为喜庆节日里挂的灯笼，由于天气刮风，重力为G的灯笼向右飘起，设风对灯笼的作用力F恒定，灯笼可看成质点．在某一时间内灯笼偏离竖直方向的角度恒为θ，设轻绳对灯笼的拉力为T．下列说法中正确的是( )A．T与F的合力方向竖直向下B．轻绳所受拉力的大小为T=C．T和G是一对平衡力D．T与F的合力大于G2．如图所示，L是一带铁芯的理想电感线圈，其直流电阻为0，电路中A、B是两个完全相同的灯泡，与A灯泡串接一个理想二极管D，则( )A．开关S闭合瞬间，A灯泡先亮B．开关S闭合瞬间，A、B灯泡同时亮C．开关S断开瞬间，A灯泡逐渐熄灭，B灯泡立即熄灭D．开关S断开瞬间，B灯泡逐渐熄灭，A灯泡立即熄灭3．如图所示，正电荷Q均匀分布在半径为r的金属球面上，沿x轴上各点的电场强度大小和电势分别用E和ϕ表示．选取无穷远处电势为零，下列关于x轴上各点电场强度的大小E 或电势ϕ随位置x的变化关系图，正确的是( )A．B．C．D．4．如图所示，一个方向垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场仅限于虚线边界所围的等腰直角三角形区域内，一固定的正方形金属框，其边长与三角形的直角边相同，每条边的材料均相同，现在让有界匀强磁场向右匀速地通过金属框且金属框的下边与磁场区域的下边在一直线上．在磁场通过金属框的过程中电势差U ab随时间变化的图象是下列四个图中的( )A．B．C．D．5．如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行，初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v﹣t图象（以地面为参考系）如图乙所示，已知v2＞v1，则( )A．t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大B．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左C．0～t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用D．t2时刻，小物块离A处的距离达到最大二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分。

2015泰州二模 江苏省泰州市2015届高三第二次模拟考试 8科答案

2015泰州二模 江苏省泰州市2015届高三第二次模拟考试 8科答案

语文答案（图片版） (1)英语答案（图片版） (6)数学参考答案 (11)政治试题参考答案 (19)历史答案（图片版） (23)物理答案（图片版） (25)化学答案（图片版） (29)生物答案（图片版） (31)语文答案（图片版）英语答案（图片版）2014～2015学年度泰州市第二次模拟考试数学参考答案一、填空题1．2 ； 2．{4}； 3．16； 4．2； 5．28； 6．3； 7．163； 8．64； 9．{1}； 10．[1,7]； 11．89-； 12．9-或19- ； 13． (,2][5,)-∞+∞； 14．210. 二、解答题15. 解：(1) 因为//a b ，所以132sin 2cos 22θθ-⋅=⋅，即sin 3cos θθ-=， 所以tan 3θ=-， 又0πθ<<，所以2π3θ=． ……………７分 (2)因为+=a b b ，所以22()+=a b b ，化简得220+⋅=a a b ，又13(,)22=-a ，(2cos ,2sin )θθ=b ，则21=a ，cos 3sin θθ⋅=-+a b ， 所以13sin cos 2θθ=--，则π1sin()064θ-=-<， ……………10分 又0πθ<<，π15cos()64θ-=， 所以ππππππsin[()]sin()cos cos()sin 66i 66n 6s 6θθθθ-+=-+-==1538-． ……………14分16. 证：（1）取BE 中点F ，连接,CF MF ， 又M 是AE 中点，则1//,2MF AB MF AB =， 又N 是矩形ABCD 边CD 中点，所以//,MF NC MF NC =，则四边形MNCF 是平行四边形，所以//MN CF ，又MN ⊄面BCE ，CF ⊂面BCE ，所以MN ∥平面BCE ．…７分（2）因为平面ABCD ⊥平面ABE ，BC AB ⊥，所以BC ⊥平面ABE ， 因为AE ⊂平面ABE ，所以BC AE ⊥，又BE AE ⊥，BC BE B ⋂=，所以AE ⊥平面BCE ，而AE ⊂平面ADE ，所以平面⊥BCE 平面ADE ． ……………14分17. 解：以O 为原点，直线l 、m 分别为,x y 轴建立平面直角坐标系． 设PQ 与圆A 相切于点B ，连结AB ，以1百米为单位长度，则圆A 的方程为22(1)1x y +-=，(1)由题意可设直线PQ 的方程为12x yq+=，即220qx y q +-=，(2)q > ，∵PQ 与圆A 相切，∴222212qq -=+，解得83q = ，故当P 距O 处2百米时，OQ 的长为83百米． ……………5分 （2）设直线PQ 的方程为1x yp q+=，即0qx py pq +-= ，(1,2)p q >>， ∵PQ 与圆A 相切，∴221p pq q p -=+，化简得22q p q =-，则22222qP Q p q q q =+=+-，……8分令2()(2)2q f q q q q =+>-，∴22222(1)(31)()2(2)(2)q q q f q q q q --+'=-=-- (2)q >， 当3522q +<<时，()0f q '<，即()f q 在35(2,)2+上单调递减； 当352q +>时，()0f q '>，即()f q 在35(,)2++∞上单调递增， ∴()f q 在352q +=时取得最小值，故当公路PQ 长最短时，OQ 的长为352+百米． 答：（1)当P 距O 处2百米时， OQ 的长为83百米；（2）当公路PQ 长最短时， OQ 的 长为352+百米． ……………14分 18. 解：（1）由题意得53c a =，2455a c c -=，lm北东PQO AB解得3,5a c ==，所以224b a c =-=，所以椭圆E 的标准方程为22194x y +=． ……………4分（2）设0000(,),(,)B x y C x y -，显然直线,,,AB AC BD CD 的斜率都存在，设为1234,,,k k k k ，则001200,33y y k k x x ==+-+，00340033,x x k k y y +-=-=， 所以直线,BD CD 的方程为：0000000033(),()x x y x x y y x x y y y +-=--+=++， 消去y 得0000000033()()x x x x y x x y y y +---+=++，化简得3x =， 故点D 在定直线3x =上运动． ……………10分（3）由（2）得点D 的纵坐标为2000000039(3)D x x y x y y y y --=++=+，又2200194x y +=，所以220994y x -=-，则2000000009354(3)4D y x y x y y y y y --=++=+=-，所以点D 到直线BC 的距离h 为00005944D y y y y y -=--=， 将0y y =代入22194x y +=得20314y x =±-， 所以BCD ∆面积200119612244ABCy S BC h y ∆=⋅=⨯-⋅ 220020012712727441242224y y y y -+=-⋅≤⋅=，当且仅当2200144y y -=，即02y =±时等号成立，故02y =±时，BCD ∆面积的最大值为274． ……………16分 19．解：（1）因为2d =，23c =，所以21n c n =-， 因为数列}{n a 是各项不为零的常数列，所以12n a a a ===，1n S na =，则由1122n n n n S c a b a b a b =+++及21n c n =-得12(21)n n n b b b -=+++，当2n ≥时，121(1)(23)n n n b b b ---=+++，两式相减得43n b n =-，当1n =时，11b =，也满足43n b n =-，故43()n b n n *=-∈N ． …………4分 （2）因为1122n n n n a b a b a b c S +++=，当2n ≥时，11112211n n n n S c a b a b a b ----=+++，两式相减得11n n n n n n S c S c a b ---=，即111()n n n n n n n S a c S c a b ---+-=，11()n n n n n n n S c c a c a b ---+=，即1n n n S d nc nb λλ-+=， 又1(1)(1)(1)22n n n n S n λλλ-+--=-=，所以(1)2n n n n d nc nb λλλ-+=，即(1)2n n n d c b -+=， 所以当3n ≥时，11(2)2n n n d c b ---+=，两式相减得132n n b b d --=(3)n ≥， 所以数列}{n b 从第二项起是公差为32d 等差数列；又当1n =时，由1111S c a b =得11c b =，当2n =时，由2211(21)13()222b d c d c d b d -=+=++=+得2132b b d -=， 故数列}{n b 是公差为32d 等差数列． …………15分（3）由（2）得当2n ≥时，11()n n n n n n n S c c a c a b ---+=，即1()n n n n S d a b c -=-， 因为n n k b c +=，所以n n b c kd =+，即n n b c kd -=，所以1n n S d a kd -=⋅，即1n n S ka -=， 所以1(1)n n n n S S a k a -=+=+，当3n ≥时，11(1)n n S k a --=+，两式相减得 1(1)(1)n n n a k a k a -=+-+，即11n n k a a k-+=，故从第二项起数列}{n a 是等比数列， 所以当2n ≥时，221()n n k a a k-+=， 221(1)(1)()n n k n b c c kd c n k k k n k k k n k +==+=+-+=+-+=+，另外由已知条件得1221122()a a c a b a b +=+，又22c k =，1b k =，2(2)b k k =+， 所以21a =，因而21()n n k a k -+=，令n d =n nb a ，则111n n n n n n d b a d a b +++=(1)()(1)n k kn k k ++=++，因为(1)()(1)0n k k n k k n ++-++=-<，所以11n nd d +<，所以对任意的2,n n *≥∈N ，数列{}nnb a 单调递减． ……………16分 20. 解：函数()f x 的定义域为(0,)+∞，（1）当e a =时，()e eln e x f x x =--，e ()e xf x x'=-， 而e()e xf x x'=-在(0,)+∞上单调递增，又(1)0f '=， 当01x <<时，()(1)0f x f ''<=，则()f x 在(0,1)上单调递减；当1x >时，()(1)0f x f ''>=，则()f x 在(1,)+∞上单调递增，所以()f x 有极小值(1)0f =，没有极大值． …………3分（2）先证明：当()0f x ≥恒成立时，有 0a <≤e 成立． 若10ex <≤，则()(ln 1)0xf x a x =-+≥e 显然成立； 若1e x >，由()0f x ≥得e ln 1x a x ≤+，令e ()ln 1x x x ϕ=+，则21e (ln 1)()(ln 1)xx x x x ϕ+-'=+， 令11()ln 1()e g x x x x =+->，由21()10g x x '=+>得()g x 在1(,)e+∞上单调递增， 又因为(1)0g =，所以()x ϕ'在1(,1)e 上为负，在(1,)+∞上为正，因此()x ϕ在1(,1)e上递减，在(1,)+∞上递增，所以min ()(1)e x ϕϕ==，从而0e a <≤． 因而函数()y f x =若有两个零点，则e a >，所以(1)e 0f a =-<， 由()ln (af a a a a a =-->e e)得()ln 2af a a '=--e ，则111()0e ea a f a a ''=->->->e e e ， 所以()ln 2af a a '=--e 在(,)+∞e 上单调递增，所以2()()330f a f ''>=->->ee e e ， 所以()ln af a a a a =--e 在(,)+∞e 上单调递增，所以2()()22f a f >=->->e e e e e e 0，则(1)()0f f a <，所以21x a <<，由a >e 得111111()ln ln ln 0a a a a f a a a a a a a a a=--=+->+-=>e e e e e ，则1(1)()0f f a <，所以111x a<<，综上得1211x x a a <<<<． …………10分（3）由（2）知当a =e 时，()0f x ≥恒成立，所以()ln 0x f x x =--≥e e e ， 即()ln x f x x =-≥e e e ， 设()(0)e x x h x x =>，则1()exxh x -'=， 当01x <<时，()0x ϕ'> ，所以()g x 在(0,1)上单调递增； 当1x >时，()0h x '<，所以()g x 在(1,)+∞上单调递增，所以()(0)e x x h x x =>的最大值为1(1)e h =，即1x x ≤e e ，因而2x x-≤e e， 所以2()ln x x x f x x -=-≥≥e e e e，即221()ln 0x x f x x x --=--≥e e ． …………16分附加题参考答案21.A ．证：（1）∵CD 是圆O 的切线，∴2CD CA CB =⋅， 连结OD ，则OD CD ⊥，∵BE 是圆O 的切线，∴BE ED =， 又12DE EC =，∴12BE EC =，∴30C ∠=，则12OD OC =， 而OB OD =，∴CB BO OD OA ===，∴3CA CB =， …………5分（2）将3CA CB =代入2CD CA CB =⋅得213CD CA CA =⋅，故3CA CD =．……10分 21.B . 解：（1）020120000a BA b a b ⎡⎤⎡⎤⎡⎤==⎢⎥⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎣⎦⎣⎦设(,)P x y 是1l 上的任意一点，其在BA 作用下对应的点为(,)x y ''， 得1l 变换到3l 的变换公式{2x ax y by'='=，则240ax by ++=即为直线1:40l x y -+=，则得1,12a b ==-． …………5分（2）0210B ⎡⎤=-⎢⎥⎣⎦，同理可得2l 的方程为240y x -+=，即240x y --=．………10分EBCOAD21.C . 解：（1）直线l 的极坐标方程sin 324ρθπ⎛⎫-= ⎪⎝⎭，则22sin cos 3222ρθρθ-=，即sin cos 6ρθρθ-=，所以直线l 的直角坐标方程为60x y -+=；…………5分（2）P 为椭圆221169x y C +=:上一点，设(4cos 3sin )P αα,，其中[)02,α∈π，则P 到直线l 的距离|4cos 3sin 6||5cos()6|22d αααϕ-+++==，其中4cos 5ϕ=，3sin 5ϕ=，∴当cos()1αϕ+=-时，d 的最小值为22． …………10分 21.D . 解： 因为2222(2)(112)()4a b c a b c ++≤++++=，所以22a b c ++≤，…………5分又|1-|22x c b a ≤++对任意实数c b a ,,恒成立, 故2max |-1|(2)2x a b c ≥++=， 解得33≥-≤x x 或 ． …………10分 22. 解：这5名幸运之星中，每人获得A 奖品的概率为2163=，B 奖品的概率为4263=． （1）要获得A 奖品的人数大于获得B 奖品的人数，则A 奖品的人数可能为3,4,5，则则所求概率为33244555551212151()()()()()33333243P C C C =++=． …………4分（2）ξ的可能取值为1,3,5，且33222355121240(1)()()()()333381P C C ξ==+=，441455121210(3)()()()()333327P C C ξ==+=，0555552111(5)()()3381P C C ξ==+=， …………8分所以ξ的分布列是：135408110271181故随机变量ξ的数学期望E ξ=401381⨯+⨯10275+⨯118118581=． …………10分23.解：（1）令1x =，则(1)(1)(1)f g g =，即(1)[(1)1]0g f ⋅-=， 因为(1)1310nf -=-≠，所以(1)0g =；令1x =-，则23(1)(1)(1)f g g ⎡⎤⎡⎤--=-⎣⎦⎣⎦，即(1)(1)(1)f g g -=-，因为(1)[(1)1]0g f -⋅-=，因为(1)1310n f -=-≠，所以(1)0g -=；例如2()(1)()n g x x n *=-∈N ． ……………4分 （2）当1n =时，22()1(1)f x x x x x =++=++，故存在常数01a =，11a =， 使得201()(1)f x a x a x =++．假设当n k =（k N *∈）时，都存在与x 无关的常数0a ，1a ，2a ，…，k a ， 使得221222110121()(1)()()()k k k k k k k k f x a x a x x a x x a x x a x ---+-=+++++++++，即 2221222110121(1)(1)()()()k k k k k k k k k x x a x a x x a x x a x x a x ---+-++=+++++++++．则当1n k =+时，2122()(1)(1)(1)k k f x x x x x x x +=++=++⋅++222111011(1)(1)()()k k k k k k k x x a x a x x a x x a x --+-⎡⎤=++⋅+++++++⎣⎦11212011110()k k k k k k k k a a x a x a x a x a x a x -+---=++++++++ 212221011110()k k k k k k k k a x a x a x a x a x a x a x +++--+++++++++ 231232122011110()k k k k k k k k a x a x a x a x a x a x a x +++++--+++++++++231010*********()()()()k k k k a a a x a a a x a a a x a a a x ----=+++++++++++++1212112()(2)()k k k k k k k k k k k a a a x a a x a a a x ++-----++++++++++2122122321210100()()()k k k k a a a x a a a x a a x a x -+++++++++++ 222122010210()()()()()k k k a x x a a x x a a a x x ++=+++++++++21121()()(2)k k k k k k k k a a a x x a a x ++---++++++；令00'a a =，101'a a a =+，21'm m m m a a a a --=++（2m k ≤≤），11'2k k k a a a +-=+； 故存在与x 无关的常数0'a ，1'a ，2'a ，…，'k a ，1'k a +；使得222122210121()'(1)'()'()'()'k k k k k k k k f x a x a x x a x x a x x a x +++++=+++++++++．综上所述，对于任意给定的正整数n ，都存在与x 无关的常数0a ，1a ，2a ，…，n a ，使得221222110121()(1)()()()n n n n n n n n f x a x a x x a x x a x x a x ---+-=+++++++++．…………10分泰州市2015届高三第二次模拟考试政治试题参考答案一、单项选择题：本大题共33小题，每小题2分。

江苏省泰州市第二中学2015届度高三上学期第一次限时作业物理试题 Word版无答案

江苏省泰州市第二中学2015届度高三上学期第一次限时作业物理试题 Word版无答案

t泰州二中2014—2015学年度第一学期第一次限时作业高三物理命题：史丽华 审核：沈惠清一、单项选择题：本题共7小题，每小题3分，共计21分。

每小题只有一个选项符合题意。

1. 在下面所说的物体运动情况中，不可能出现的是 ( ) A ．物体在某时刻运动速度很大，而加速度为零 B ．物体在某时刻运动速度很小，而加速度很大 C ．物体在某时刻速度为零，而其加速度不为零D ．与速度方向同向的加速度减小时速度也减小2. 我国发射的“神舟八号”飞船与先期发射的“天宫一号”空间站实现了完美对接．已知“天宫一号”绕地球做圆轨道运动，轨道半径为r ，周期为T ，万有引力常量为G.假设沿椭圆轨道运动的“神舟八号”环绕地球的运动方向与“天宫一号”相同，远地点与“天宫一号”的圆轨道相切于点P ，并在该点附近实现对接，如图所示．则下列说法正确的是( )A. 根据题设条件可以计算出地球对“天宫一号”的引力大小B. 根据题设条件可以计算出地球的质量C. 在远地点P 处，“神舟八号”的加速度比“天宫一号”大D. 要实现在远地点P 处对接，“神舟八号”需在靠近P 处之前点火减速 3．一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度和时间的关系图线如图所示，则 （ ）A ．t 3时刻火箭距地面最远B ．t 2—t 3的时间内，火箭在向下降落C ．t 1—t 2的时间内，火箭处于失重状态D ．0—t 3的时间内，火箭始终处于失重状态4．一条悬链长7.2 m ，从悬点处断开，使其自由下落，不计空气阻力，则整条悬链通过悬点正下方20 m 处的一点所需的时间是(g 取10 m/s 2)()A ．0.3 sB ．0.4 sC ．0.7 sD ．1.2 s 5．如图所示，离地面高h 处有甲．乙两个物体，甲以 初速度v 0水平射出，同时乙以初速度v0沿倾角为 45°的光滑斜面滑下。

若甲．乙同时到达地面，则v 0的大小是 （ ）A B ．C D ．6．如图所示，A 、B 两物体的质量分别是m A 和m B ，而且m A >m B .整个系统处于静止状态．滑轮的质量和一切摩擦不计．如果绳的一端由P 点缓慢向右移动到Q 点．整个系统重新平衡后，关于物体A的高度和两滑轮间绳与水平方向的夹角的变化，以下说法中正确的是( ) A．物体A的高度升高，θ角变小B．物体A的高度升高，θ角不变C．物体A的高度不变，θ角增大D．物体A的高度降低，θ角变小7．半圆柱体P放在粗糙的水平面上，其右端竖直放置一挡板MN，在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止（图示为装置的纵截面图）．现用外力使MN保持竖直且缓慢地向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止．在此过程中，下列说法中正确的是A．MN对Q的弹力逐渐减小B．地面对P的摩擦力逐渐增大C．P、Q间的弹力先减小后增大D．Q所受的合力逐渐增大二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共计20分。

2015泰州二模 江苏省泰州市2015届高三第二次模拟考试 8科答案

2015泰州二模 江苏省泰州市2015届高三第二次模拟考试 8科答案

语文答案（图片版） (1)英语答案（图片版） (6)数学参考答案 (11)政治试题参考答案 (19)历史答案（图片版） (23)物理答案（图片版） (25)化学答案（图片版） (29)生物答案（图片版） (31)语文答案（图片版）英语答案（图片版）2014～2015学年度泰州市第二次模拟考试数学参考答案一、填空题1．2 ； 2．{4}； 3．16； 4．2； 5．28； 6．3； 7．163； 8．64； 9．{1}； 10．[1,7]； 11．89-； 12．9-或19- ； 13． (,2][5,)-∞+∞； 14．210. 二、解答题15. 解：(1) 因为//a b ，所以132sin 2cos 22θθ-⋅=⋅，即sin 3cos θθ-=， 所以tan 3θ=-， 又0πθ<<，所以2π3θ=． ……………７分 (2)因为+=a b b ，所以22()+=a b b ，化简得220+⋅=a a b ，又13(,)22=-a ，(2cos ,2sin )θθ=b ，则21=a ，cos 3sin θθ⋅=-+a b ， 所以13sin cos 2θθ=--，则π1sin()064θ-=-<， ……………10分 又0πθ<<，π15cos()64θ-=， 所以ππππππsin[()]sin()cos cos()sin 66i 66n 6s 6θθθθ-+=-+-==1538-． ……………14分16. 证：（1）取BE 中点F ，连接,CF MF ， 又M 是AE 中点，则1//,2MF AB MF AB =， 又N 是矩形ABCD 边CD 中点，所以//,MF NC MF NC =，则四边形MNCF 是平行四边形，所以//MN CF ，又MN ⊄面BCE ，CF ⊂面BCE ，所以MN ∥平面BCE ．…７分（2）因为平面ABCD ⊥平面ABE ，BC AB ⊥，所以BC ⊥平面ABE ， 因为AE ⊂平面ABE ，所以BC AE ⊥，又BE AE ⊥，BC BE B ⋂=，所以AE ⊥平面BCE ，而AE ⊂平面ADE ，所以平面⊥BCE 平面ADE ． ……………14分17. 解：以O 为原点，直线l 、m 分别为,x y 轴建立平面直角坐标系． 设PQ 与圆A 相切于点B ，连结AB ，以1百米为单位长度，则圆A 的方程为22(1)1x y +-=，(1)由题意可设直线PQ 的方程为12x yq+=，即220qx y q +-=，(2)q > ，∵PQ 与圆A 相切，∴222212qq -=+，解得83q = ，故当P 距O 处2百米时，OQ 的长为83百米． ……………5分 （2）设直线PQ 的方程为1x yp q+=，即0qx py pq +-= ，(1,2)p q >>， ∵PQ 与圆A 相切，∴221p pq q p -=+，化简得22q p q =-，则22222qP Q p q q q =+=+-，……8分令2()(2)2q f q q q q =+>-，∴22222(1)(31)()2(2)(2)q q q f q q q q --+'=-=-- (2)q >， 当3522q +<<时，()0f q '<，即()f q 在35(2,)2+上单调递减； 当352q +>时，()0f q '>，即()f q 在35(,)2++∞上单调递增， ∴()f q 在352q +=时取得最小值，故当公路PQ 长最短时，OQ 的长为352+百米． 答：（1)当P 距O 处2百米时， OQ 的长为83百米；（2）当公路PQ 长最短时， OQ 的 长为352+百米． ……………14分 18. 解：（1）由题意得53c a =，2455a c c -=，lm北东PQO AB解得3,5a c ==，所以224b a c =-=，所以椭圆E 的标准方程为22194x y +=． ……………4分（2）设0000(,),(,)B x y C x y -，显然直线,,,AB AC BD CD 的斜率都存在，设为1234,,,k k k k ，则001200,33y y k k x x ==+-+，00340033,x x k k y y +-=-=， 所以直线,BD CD 的方程为：0000000033(),()x x y x x y y x x y y y +-=--+=++， 消去y 得0000000033()()x x x x y x x y y y +---+=++，化简得3x =， 故点D 在定直线3x =上运动． ……………10分（3）由（2）得点D 的纵坐标为2000000039(3)D x x y x y y y y --=++=+，又2200194x y +=，所以220994y x -=-，则2000000009354(3)4D y x y x y y y y y --=++=+=-，所以点D 到直线BC 的距离h 为00005944D y y y y y -=--=， 将0y y =代入22194x y +=得20314y x =±-， 所以BCD ∆面积200119612244ABCy S BC h y ∆=⋅=⨯-⋅ 220020012712727441242224y y y y -+=-⋅≤⋅=，当且仅当2200144y y -=，即02y =±时等号成立，故02y =±时，BCD ∆面积的最大值为274． ……………16分 19．解：（1）因为2d =，23c =，所以21n c n =-， 因为数列}{n a 是各项不为零的常数列，所以12n a a a ===，1n S na =，则由1122n n n n S c a b a b a b =+++及21n c n =-得12(21)n n n b b b -=+++，当2n ≥时，121(1)(23)n n n b b b ---=+++，两式相减得43n b n =-，当1n =时，11b =，也满足43n b n =-，故43()n b n n *=-∈N ． …………4分 （2）因为1122n n n n a b a b a b c S +++=，当2n ≥时，11112211n n n n S c a b a b a b ----=+++，两式相减得11n n n n n n S c S c a b ---=，即111()n n n n n n n S a c S c a b ---+-=，11()n n n n n n n S c c a c a b ---+=，即1n n n S d nc nb λλ-+=， 又1(1)(1)(1)22n n n n S n λλλ-+--=-=，所以(1)2n n n n d nc nb λλλ-+=，即(1)2n n n d c b -+=， 所以当3n ≥时，11(2)2n n n d c b ---+=，两式相减得132n n b b d --=(3)n ≥， 所以数列}{n b 从第二项起是公差为32d 等差数列；又当1n =时，由1111S c a b =得11c b =，当2n =时，由2211(21)13()222b d c d c d b d -=+=++=+得2132b b d -=， 故数列}{n b 是公差为32d 等差数列． …………15分（3）由（2）得当2n ≥时，11()n n n n n n n S c c a c a b ---+=，即1()n n n n S d a b c -=-， 因为n n k b c +=，所以n n b c kd =+，即n n b c kd -=，所以1n n S d a kd -=⋅，即1n n S ka -=， 所以1(1)n n n n S S a k a -=+=+，当3n ≥时，11(1)n n S k a --=+，两式相减得 1(1)(1)n n n a k a k a -=+-+，即11n n k a a k-+=，故从第二项起数列}{n a 是等比数列， 所以当2n ≥时，221()n n k a a k-+=， 221(1)(1)()n n k n b c c kd c n k k k n k k k n k +==+=+-+=+-+=+，另外由已知条件得1221122()a a c a b a b +=+，又22c k =，1b k =，2(2)b k k =+， 所以21a =，因而21()n n k a k -+=，令n d =n nb a ，则111n n n n n n d b a d a b +++=(1)()(1)n k kn k k ++=++，因为(1)()(1)0n k k n k k n ++-++=-<，所以11n nd d +<，所以对任意的2,n n *≥∈N ，数列{}nnb a 单调递减． ……………16分 20. 解：函数()f x 的定义域为(0,)+∞，（1）当e a =时，()e eln e x f x x =--，e ()e xf x x'=-， 而e()e xf x x'=-在(0,)+∞上单调递增，又(1)0f '=， 当01x <<时，()(1)0f x f ''<=，则()f x 在(0,1)上单调递减；当1x >时，()(1)0f x f ''>=，则()f x 在(1,)+∞上单调递增，所以()f x 有极小值(1)0f =，没有极大值． …………3分（2）先证明：当()0f x ≥恒成立时，有 0a <≤e 成立． 若10ex <≤，则()(ln 1)0xf x a x =-+≥e 显然成立； 若1e x >，由()0f x ≥得e ln 1x a x ≤+，令e ()ln 1x x x ϕ=+，则21e (ln 1)()(ln 1)xx x x x ϕ+-'=+， 令11()ln 1()e g x x x x =+->，由21()10g x x '=+>得()g x 在1(,)e+∞上单调递增， 又因为(1)0g =，所以()x ϕ'在1(,1)e 上为负，在(1,)+∞上为正，因此()x ϕ在1(,1)e上递减，在(1,)+∞上递增，所以min ()(1)e x ϕϕ==，从而0e a <≤． 因而函数()y f x =若有两个零点，则e a >，所以(1)e 0f a =-<， 由()ln (af a a a a a =-->e e)得()ln 2af a a '=--e ，则111()0e ea a f a a ''=->->->e e e ， 所以()ln 2af a a '=--e 在(,)+∞e 上单调递增，所以2()()330f a f ''>=->->ee e e ， 所以()ln af a a a a =--e 在(,)+∞e 上单调递增，所以2()()22f a f >=->->e e e e e e 0，则(1)()0f f a <，所以21x a <<，由a >e 得111111()ln ln ln 0a a a a f a a a a a a a a a=--=+->+-=>e e e e e ，则1(1)()0f f a <，所以111x a<<，综上得1211x x a a <<<<． …………10分（3）由（2）知当a =e 时，()0f x ≥恒成立，所以()ln 0x f x x =--≥e e e ， 即()ln x f x x =-≥e e e ， 设()(0)e x x h x x =>，则1()exxh x -'=， 当01x <<时，()0x ϕ'> ，所以()g x 在(0,1)上单调递增； 当1x >时，()0h x '<，所以()g x 在(1,)+∞上单调递增，所以()(0)e x x h x x =>的最大值为1(1)e h =，即1x x ≤e e ，因而2x x-≤e e， 所以2()ln x x x f x x -=-≥≥e e e e，即221()ln 0x x f x x x --=--≥e e ． …………16分附加题参考答案21.A ．证：（1）∵CD 是圆O 的切线，∴2CD CA CB =⋅， 连结OD ，则OD CD ⊥，∵BE 是圆O 的切线，∴BE ED =， 又12DE EC =，∴12BE EC =，∴30C ∠=，则12OD OC =， 而OB OD =，∴CB BO OD OA ===，∴3CA CB =， …………5分（2）将3CA CB =代入2CD CA CB =⋅得213CD CA CA =⋅，故3CA CD =．……10分 21.B . 解：（1）020120000a BA b a b ⎡⎤⎡⎤⎡⎤==⎢⎥⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎣⎦⎣⎦设(,)P x y 是1l 上的任意一点，其在BA 作用下对应的点为(,)x y ''， 得1l 变换到3l 的变换公式{2x ax y by'='=，则240ax by ++=即为直线1:40l x y -+=，则得1,12a b ==-． …………5分（2）0210B ⎡⎤=-⎢⎥⎣⎦，同理可得2l 的方程为240y x -+=，即240x y --=．………10分EBCOAD21.C . 解：（1）直线l 的极坐标方程sin 324ρθπ⎛⎫-= ⎪⎝⎭，则22sin cos 3222ρθρθ-=，即sin cos 6ρθρθ-=，所以直线l 的直角坐标方程为60x y -+=；…………5分（2）P 为椭圆221169x y C +=:上一点，设(4cos 3sin )P αα,，其中[)02,α∈π，则P 到直线l 的距离|4cos 3sin 6||5cos()6|22d αααϕ-+++==，其中4cos 5ϕ=，3sin 5ϕ=，∴当cos()1αϕ+=-时，d 的最小值为22． …………10分 21.D . 解： 因为2222(2)(112)()4a b c a b c ++≤++++=，所以22a b c ++≤，…………5分又|1-|22x c b a ≤++对任意实数c b a ,,恒成立, 故2max |-1|(2)2x a b c ≥++=， 解得33≥-≤x x 或 ． …………10分 22. 解：这5名幸运之星中，每人获得A 奖品的概率为2163=，B 奖品的概率为4263=． （1）要获得A 奖品的人数大于获得B 奖品的人数，则A 奖品的人数可能为3,4,5，则则所求概率为33244555551212151()()()()()33333243P C C C =++=． …………4分（2）ξ的可能取值为1,3,5，且33222355121240(1)()()()()333381P C C ξ==+=，441455121210(3)()()()()333327P C C ξ==+=，0555552111(5)()()3381P C C ξ==+=， …………8分所以ξ的分布列是：135408110271181故随机变量ξ的数学期望E ξ=401381⨯+⨯10275+⨯118118581=． …………10分23.解：（1）令1x =，则(1)(1)(1)f g g =，即(1)[(1)1]0g f ⋅-=， 因为(1)1310nf -=-≠，所以(1)0g =；令1x =-，则23(1)(1)(1)f g g ⎡⎤⎡⎤--=-⎣⎦⎣⎦，即(1)(1)(1)f g g -=-，因为(1)[(1)1]0g f -⋅-=，因为(1)1310n f -=-≠，所以(1)0g -=；例如2()(1)()n g x x n *=-∈N ． ……………4分 （2）当1n =时，22()1(1)f x x x x x =++=++，故存在常数01a =，11a =， 使得201()(1)f x a x a x =++．假设当n k =（k N *∈）时，都存在与x 无关的常数0a ，1a ，2a ，…，k a ， 使得221222110121()(1)()()()k k k k k k k k f x a x a x x a x x a x x a x ---+-=+++++++++，即 2221222110121(1)(1)()()()k k k k k k k k k x x a x a x x a x x a x x a x ---+-++=+++++++++．则当1n k =+时，2122()(1)(1)(1)k k f x x x x x x x +=++=++⋅++222111011(1)(1)()()k k k k k k k x x a x a x x a x x a x --+-⎡⎤=++⋅+++++++⎣⎦11212011110()k k k k k k k k a a x a x a x a x a x a x -+---=++++++++ 212221011110()k k k k k k k k a x a x a x a x a x a x a x +++--+++++++++ 231232122011110()k k k k k k k k a x a x a x a x a x a x a x +++++--+++++++++231010*********()()()()k k k k a a a x a a a x a a a x a a a x ----=+++++++++++++1212112()(2)()k k k k k k k k k k k a a a x a a x a a a x ++-----++++++++++2122122321210100()()()k k k k a a a x a a a x a a x a x -+++++++++++ 222122010210()()()()()k k k a x x a a x x a a a x x ++=+++++++++21121()()(2)k k k k k k k k a a a x x a a x ++---++++++；令00'a a =，101'a a a =+，21'm m m m a a a a --=++（2m k ≤≤），11'2k k k a a a +-=+； 故存在与x 无关的常数0'a ，1'a ，2'a ，…，'k a ，1'k a +；使得222122210121()'(1)'()'()'()'k k k k k k k k f x a x a x x a x x a x x a x +++++=+++++++++．综上所述，对于任意给定的正整数n ，都存在与x 无关的常数0a ，1a ，2a ，…，n a ，使得221222110121()(1)()()()n n n n n n n n f x a x a x x a x x a x x a x ---+-=+++++++++．…………10分泰州市2015届高三第二次模拟考试政治试题参考答案一、单项选择题：本大题共33小题，每小题2分。

泰州市2015届高三第二次模拟考试及答案

泰州市2015届高三第二次模拟考试及答案

泰州市2015届高三第二次模拟考试英语试题(考试时间：120分钟总分：120分）第I卷（选择题三部分共85分）第一部分：听力（共两节，满分20分）做题时，先将答案标在试卷上。

录音内容结束后，你将有两分钟的时间将试卷上的答案转涂到答题纸上。

第一节（共5小题；每小题1分，满分5分）听下面5段对话。

每段对话后有一个小题，（从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。

听完每段对话后，你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。

每段对话仅读一遍。

1. What’s th e probable relationship between the speakers?A. Tourist and guide.B. Secretary and boss.C. Interviewer and interviewee.2. What does the woman think of the hotel?A. The rooms are big.B. It is satisfying as a whole.C. The service there is terrible.3. Where does this dialogue probably take place?A. On the train.B. At the travel agency.C. At the railway station.4. At what time will the woman arrive?A. At 9:00.B. At 10:00.C. At 10:30.5. Why does the woman call the man?A. To make out his handwriting.B. To ask him to check her paper.C. To let him send a cheque to Andrew.第二节（共15小题；每小题1分，满分15分）. ,听下面5段对话或独白。

江苏省泰州市姜堰区2014-2015学年度高二下学期期初学业水平模拟测试物理试题(有答案)

江苏省泰州市姜堰区2014-2015学年度高二下学期期初学业水平模拟测试物理试题(有答案)

2015年普通高中学业水平模拟测试(必修科目)物 理 试 题第I 卷（选择题 共69分）一、单项选择题（每小题只有一个选项符合题意，共23题，每小题3分，共69分） 1．寓言“刻舟求剑”中的主人翁找不到掉入水中的剑，是因为他选择的参考系是A ．乘坐的小船B ．岸边的树木C ．流动的河水D ．掉入水中的剑2．关于速度与加速度的关系，下列说法错误．．的是A ．加速度是描述速度变化快慢的物理量B ．物体运动的加速度大，其速度不一定大C ．物体的加速度为零，其速度也一定为零D ．加速度的方向不一定跟速度的方向相同3．如图所示，物体的运动分三段，第0～2s 为第Ⅰ段，第2～4s 为第Ⅱ段， 第4～5s 为第Ⅲ段，则下述说法中正确的是 A ．第1s 与第5s 的速度方向相反 B ．第1s 的加速度大于第5s 的加速度 C ．第Ⅰ段与第Ⅲ段的平均速度相等 D ．第Ⅰ段与第Ⅲ段的加速度方向相同4．关于物体做曲线运动的条件，以下说法中正确的是 A ．物体在恒力作用下，不可能做曲线运动B ．物体在受到与速度不在同一直线上力的作用下，一定做曲线运动C ．物体在变力作用下，一定做曲线运动D ．物体在变力作用下，不可能做匀速圆周运动5．磁性黑板擦吸附在竖直的黑板平面上静止不动时，关于黑板擦的受力情况，下列叙述中正确的是A ．黑板擦受到的磁力与它受到的重力是一对平衡力B ．黑板擦受到的磁力与它受到的弹力是一对作用力与反作用力C ．黑板擦受到的磁力与它受到的摩擦力性质相同D ．黑板擦受到的摩擦力与它受到的重力是一对平衡力6．如图所示，一个小孩从粗糙的滑梯上加速滑下，在下滑过程中 A ．小孩重力势能减小，动能不变，机械能减小 B ．小孩重力势能减小，动能增加，机械能减小 C ．小孩重力势能减小，动能增加，机械能增加 D ．小孩重力势能减小，动能增加，机械能不变7．如图所示，自行车的大齿轮、小齿轮、后轮三个轮子的半径不一样，它们的边缘有三个点A 、B 、C ．下列说法中正确的是 A ．A 、B 的角速度相同 B ．A 、C 的角速度相同 C ．B 、C 的线速度相同 D ．B 、C 的角速度相同8．某电视台举办了一期群众娱乐节目，其中有一个环节是让群众演员站在一个旋转较快的大平台边缘上，向大平台圆心处的球筐内投篮球。

2015年江苏省泰州市高考物理一模试卷

2015年江苏省泰州市高考物理一模试卷

2015年江苏省泰州市高考物理一模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共15.0分)1.关于多用电表的使用，下列说法正确的是（）A.测量前必须调整定位螺丝，使指针指零，而且每测一次电阻都要如此调零B.两个表笔要与待测电阻接触良好才能准确测量，为此应当用手分别将两个表笔与电阻两端紧紧捏在一起C.测量电阻时，若指针偏转过大，应将选择开关拨至倍率较小的档位，重新欧姆调零后再测量D.测量电阻时，若指针偏转过大，应将选择开关拨至较大的档位，重新欧姆调零后再测量【答案】C【解析】解：A、测量前必须调整定位螺丝，使指针指零，机械调零只进行一次即可，用多用电表测电阻时，换挡要调零，不换挡不需要调零，故A错误；B、测量电阻时手接触表笔触头或待测电阻，就相当于把人体也作为电阻并联到电路中进行测量了，故B错误；C、欧姆表零刻度线在最右端，测电阻时，表针偏转角度越大，说明示数太小，容易造成读数误差，故应将选择开关拨至倍率较小的档位，重新欧姆调零后再测量故C正确，D错误．故选：C．调整定位螺丝，是机械调零，每次实验只需要做一次；欧姆调零需要每次换挡都调整．测量电阻时手不能接触电阻或者表笔触头．欧姆档偏角越小示数越大；偏角越大，示数越小．本题考查了多用电表的使用，关键是明确欧姆表的工作原理和减小测量误差的方法．2.a、b、c三物体在同一条直线上运动，其位移图象如图所示，图线c是一条抛物线，坐标原点是该抛物线的顶点．下列说法中正确的是（）A.a、b两物体都做匀速直线运动，两个物体的速度相同B.a、b两物体都做匀变速直线运动，两个物体的加速度大小相同C.在0～5s的时间内，t=5s时a、b两个物体相距最远D.物体c做变加速运动，加速度逐渐增大【答案】C【解析】解：AB、位移图象倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，则知a、b两物体都做匀速直线运动．由图看出斜率看出，a、b两图线的斜率大小、正负相反，说明两物体的速度大小相等、方向相反．故AB错误．C、a物体沿正方向运动，b物体沿负方向运动，则当t=5s时，a、b两个物体相距最远．故C正确．D、对于匀加速运动位移公式x=v0t+，可见，x-t图象是抛物线，所以物体c一定做匀加速运动，加速度不变．故D错误．故选：C．位移图象倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，图象的斜率大小等于速度大小，斜率的正负表示速度方向．分析在0～5s内a、b两物体之间距离的变化．图象c是一条抛物线表示匀加速运动．本题是为位移--时间图象的应用，要明确斜率的含义，并能根据图象的信息解出物体运动的速度大小和方向．3.某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示，用此电源和电阻R1、R2组成电路．R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路．在所有可能的各种接法中，下列说法正确的是（）A.将R1、R2并联后接到电源两端，电源输出功率最大，电源效率最低B.将R1、R2并联后接到电源两端，电源输出功率最小，电源效率最高C.将R1、R2串联后接到电源两端，电源输出功率最小，电源效率最低D.将R1、R2串联后接到电源两端，电源输出功率最大，电源效率最高【答案】A【解析】解：由图象得到：电源的电动势为E=8V，内阻为r=Ω，由电阻的伏安特性曲线求出R1=4Ω、R2=2Ω，当电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大，R1、R2并联电阻为Ω，所以将R1、R2并联后接到电源两端时，输出功率最大，电源效率，当电路电流最小时，电源效率最高，当电流最大时，电源效率最低，所以将R1、R2串联后接到电源两端，电阻最大，电流最小，效率最高，将R1、R2并联后接到电源两端，电阻最小，电流最大，电源效率最低，故A正确．故选：A由电源的U-I图线纵横截距读出电源的电动势，由斜率求出电源的内阻．由电阻的U-I 图线求出电阻．再分别求出四种情况下电源的输出功率进行选择．这是直流电中的电路问题，可以应用数学知识分析得到：当电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大，难度不大，属于基础题．4.水上滑板是滑水和冲浪这两项水上运动的结合体，摩托艇通过水平牵引绳使运动员在水面上乘风破浪匀速滑行．如图所示，设水平牵引力恒定，水对滑板的作用力与滑板垂直，滑行时受到的空气阻力大小与滑行速度成正比，运动员必须使滑板前端抬起一个角度α才能不下沉，则（）A.滑行的速度越大，角度α越大B.滑行的速度越大，角度α越小C.角度α与运动员的质量无关D.角度α随运动员的质量增大而增大【答案】B【解析】解：A、滑板和人受竖直向下的重力、垂直滑板斜向右上方的阻力T，以及水平拉力F和空气的阻力f，如图：要做水平方向的匀速运动，则竖直方向的合力为零，即：T cosα=mg，而同理水平方向：F-T sinα-f=0，由于f=kv2，由于v增大，因此T减小，故夹角α要减小．故A错误，B正确；C、竖直方向的合力为零，即：T cosα=mg，角度α随运动员的质量增大而减小．故C错误，D错误．故选：B对整体受力分析，根据水平方向上的匀速直线运动和竖直方向的平衡关系可分析拉力及夹角的变化．本题考查牛顿第二定律的应用，要注意做好受力分析，利用正交分析的方法可得出两个方向上的受力情况．5.如图所示为某种质谱仪的工作原理示意图．此质谱仪由以下几部分构成：粒子源N；P、Q间的加速电场；静电分析器，即中心线半径为R的四分之一圆形通道，通道内有均匀辐射电场，方向沿径向指向圆心O，且与圆心O等距的各点电场强度大小相等；磁感应强度为B的有界匀强磁场，方向垂直纸面向外；胶片M．由粒子源发出的各种不同带电粒子中有质子（H）、氚核（H）和α粒子（H e），经加速电场加速后进入静电分析器，这些粒子能沿中心线通过静电分析器并经小孔S垂直磁场边界进入磁场，最终打到胶片上．粒子从粒子源发出时的初速度不同，不计粒子所受重力．下列说法中正确的是（）A.从小孔S进入磁场的质子、氚核和α粒子速度大小一定相等B.从小孔S进入磁场的质子、氚核和α粒子动能一定相等C.质子、氚核和α粒子打到胶片上三个不同点，α粒子距离O点最近D.质子、氚核和α粒子打到胶片上两个不同点，质子距离O点最近【答案】D【解析】解：直线加速过程，由动能定理得：q U=mv2-0①电场中偏转过程，由牛顿第二定律得：q E=m②磁场中偏转过程，由牛顿第二定律得：qv B=m③A、由①②解得：v=④R=⑤，由⑤可知，只要满足R=的粒子都可以在弧形电场区通过，由④可知，比荷不同的粒子从小孔S进入磁场的粒子速度大小一定不同，故A错误；B、由①式，从小孔S进入磁场的粒子动能为q U，故不同电量的粒子的动能不同，故B 错误；C、由③④解得：r=，质子、氚核和α粒子的比荷不同，它们的轨道半径r不同，质子、氚核和α粒子打到胶片上三个不同点，质子的最小，质子的半径最小，质子距O点的距离最近，故C错误，D正确；故选：D．带电粒子在电场中，在电场力做正功的情况下，被加速运动；后垂直于电场线，在电场力提供向心力作用下，做匀速圆周运动；最后进入匀强磁场，在洛伦兹力作用下，做匀速圆周运动；根据动能定理和牛顿第二定律列式分析即可．本题考查了粒子在磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程，应用动能定理、牛顿第二定律即可正确解题，解题时要注意各粒子的比荷大小关系．二、多选题(本大题共4小题，共16.0分)6.质量相等的甲、乙两颗卫星分别贴近某星球表面和地球表面围绕其做匀速圆周运动，已知该星球和地球的密度相同，半径之比为2：1，则（）A.甲、乙两颗卫星的加速度之比等于2；1B.甲、乙两颗卫星所受的向心力之比等于1：1C.甲、乙两颗卫星的线速度之比等于1：2D.甲、乙两颗卫星的周期之比等于1：1【答案】AD【解析】解：设星球的半径是R，地球的半径是r．A、万有引力分别提供两者的向心力，即，故a n==ρ=Gπρr，故甲、乙两颗卫星的加速度之比等于R：r=2：1，故A正确．B、由F n=ma n，由于卫星质量未知，无法确定万有引力之比，结合A分析知，B错误．C、由于a n=，所以v=，结合A的分析知，线速度之比为R：r=2：1，故C错误．D、由线速度公式v=，结合C分析知，甲、乙两颗卫星的周期之比等于1：1，故D正确．故选：AD根据万有引力提供向心力，可分别得出卫星加速度、线速度、万有引力、周期与半径关系表达式，进行分析求解．对于人造地球卫星问题，常常建立这样模型：卫星绕地球做匀速圆周运动，地球对卫星的万有引力提供卫星的向心力，由于运算量较大，给学生带来一定的难度．7.如图所示为一空腔导体周围的电场线分布，电场方向如图中箭头所示，M、N、P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四点，其中M、N在一条直线电场线上，P、Q在一条曲线电场线上，下列说法正确的有（）A.M点的电场强度比N点的电场强度小B.P点的电势比Q点的电势低C.负电荷在P点的电势能小于其在Q点的电势能D.M、0间的电势差等于O、N间的电势差【答案】AC【解析】解：A、用电场线的疏密程度表示电场的强弱，故N点的场强比M点的场强大，故A正确．B、沿着电场线的方向电势越来越低，所以Q点的电势比P点的电势低，故B错误．C、P点电势高于Q点，根据E p=φq可知，负电荷在P点时的电势能小于在Q点时的电势能，故C正确．D、根据电场分布可知，MO间的平均电场强度比ON之间的平均电场强度小，故由公式U=E d可知，MO间的电势差小于ON间的电势差，故D错误．故选：AC．利用电场线的疏密程度表示电场的强弱判断A选项；沿着电场线的方向电势越来越低判断PQ两点的电势判断B选项；利用电场线的疏密和公式U=E d，判断U ON和U MO C判断选项；利用E p=qφ判断两点的电势能判断D选项．用活电场线、电场强度、电势、电势差、电势能等物理量之间的关系以及大小比较是解决电场题目的关键8.如图所示，一理想变压器原线圈匝数为n1=1000匝，副线圈匝数为n2=200匝，将原线圈接在μ=200sin100πt（V）的交流电压上，副线圈上电阻R和理想交流电压表并联接入电路，撤去A、B间的连接导线，在A、B两点间接入不同的电子元件，则下列说法正确的是（）A.在A、B两点间接入一只电阻值也为R的电阻，原线圈电流变为原来的2倍B.在A、B两点间接入一只电感线圈，提高交流电频率，电阻R消耗电功率减小C.在A、B两点间接入一只电容器，提高交流电频率，电压表读数增大D.在A、B两点间接入理想二极管，电压表读数为20V【答案】BCD【解析】解：A、在A、B两点间串联一只电阻R，副线圈电压不变，故电流变为原来的一半，则原线圈电流也变为原来一半，故A错误；B、在A、B两点间接入一只电感线圈，只提高交流电频率，感抗增加，故R分得的电压减小，电阻R消耗电功率将缓慢减小，故B正确；C、在A、B两点间接入一只电容器，只提高交流电频率，电容器容抗减小，故R分得的电压增加，电压表读数增加，故C正确；D、输入电压为=110V，根据电压与匝数成正比知输出电压为22V；在A、B两点间接入理想二极管，会过滤掉负半周电流，设电压表读数为U，则根据有效值定义，有，解得电压表读数U=20V，故D正确；故选：BCD．根据变压器变压比公式得到输出电压，根据有效值定义求解电压有效值；电感器的感抗与频率成正比，电容器的容抗与频率成反比．题关键是明确变压器的输入和输出电压成正比，然后转化为恒定电路的动态分析问题，不难．9.如图所示，长为L的轻杆A一端固定一个质量为m的小球B，另一端固定在水平转轴O上，轻杆A绕转轴O在竖直平面内匀速转动，在轻杆A与竖直方向夹角α从0°增加到90°的过程中，下列说法正确的是（）A.小球B受到轻杆A作用力的方向一定沿着轻杆AB.小球B受到的合力的方向一定沿着轻杆AC.小球B受到轻杆A的作用力对小球做正功D.小球B重力做功的功率不断增大【答案】BD【解析】解：AB、小球做匀速圆周运动，合力沿着轻杆A指向圆心，合力等于重力和杆子作用力的合力，所以轻杆对A的作用力不一定沿杆子方向．故A错误，B正确．C、根据动能定理，知动能的变化为零，重力做正功，则轻杆对小球的作用力做负功．故C错误．D、重力瞬时功率P=mgvcosθ，由于重力与速度v的夹角一直减小，故重力对B做功的功率不断增大，故D正确．故选：BD．小球做匀速圆周运动，合力提供圆周运动的向心力，根据合力的方向确定轻杆对球的作用力方向，根据动能定理确定轻杆的做功情况．重力瞬时功率P=mgvcosθ，θ为mg与v之间的夹角．解决本题的关键知道杆子与绳子的区别，知道杆子对球的作用力不一定沿杆．会运用动能定理判断杆子做功情况．四、多选题(本大题共1小题，共4.0分)13.根据分子动理论可知，下列说法中正确的是（）A.布朗运动的无规则性，反映了液体分子运动的无规则性B.分子间的相互作用力随着分子间距离的增大，一定先减小后增大C.在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素D.气体总是很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现【答案】AC【解析】解：A、布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的运动，布朗运动的无规则性，反映了液体分子运动的无规则性，故A正确．B、分子间的相互作用力随着分子间距离的增大而减小，随分子间距的减小而增大，故B错误．C、扩散现象可发生在固体液体气体间，因为分子是运动的，分子间有间隙，故在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素，故C正确．D、气体分子之间的距离很大，分子力为引力，基本为零，气体很容易充满容器，是由于分子热运动的结果，故D错误．故选：AC．布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的运动，布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动；分子间的相互作用力随着分子间距离的增大而减小；扩散现象可发生在固体液体气体间，因为分子是运动的，分子间有间隙；气体很容易充满容器，是由于分子热运动的结果．本题考查了热学的有关基础知识，这部分知识比较杂，对于这部分知识主要是加强记忆和平时的积累．三、实验题探究题(本大题共3小题，共24.0分)10.如图所示，游标卡尺的示数为______ mm，螺旋测微器的示数为______mm．【答案】14.25；5.694～5.696【解析】解：1、游标卡尺的主尺读数为14mm，游标尺上第5个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为5×0.05mm=0.25mm，所以最终读数为：14mm+0.25mm=14.25mm．2、螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为19.5×0.01mm=0.195mm，所以最终读数为5.5mm+0.195mm=5.695mm，由于需要估读，最后的结果可以在5.694～5.696之间．故答案为：14.25，5.694～5.696．解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．11.某实验小组用如图甲所示的装置探究小车质量不变时其加速度与力的关系，不计绳子与滑轮间的摩擦．①平衡摩擦力后再按甲图所示实验仪器及装置做实验，是否要求钩码的总质量远小于车的质量？______ （填“是”或“否”）②已知交流电源的频率为50H z，某次实验得到的纸带如图乙所示，图中相邻计数点之间还有4个点未画出，由该纸带可求得纸带上点7相对应的瞬时速度v= ______ m/s，小车的加速度a= ______ m/s2．（结果保留2位有效数字）【答案】否；0.37；0.13【解析】解：①对钩码和小车组成的系统由牛顿第二定律可得它们的加速度大小为a=，其中m是钩码的质量，M是小车的质量，所以没有必要要求满足钩码质量远小于小车质量的条件，即应填“否”；②相邻两个计数点间的时间为t=5T=0.1s，由=可得，==0.37m/s；由△x=a可得，a==0.13m/；故答案为：①否；②0.37，0.13本题①的关键是列出钩码和小车加速度的表达式即可求解；题②应根据来求瞬时速度，根据△x=a来求加速度．应明确：①=和△x=a在利用纸带来求瞬时速度和加速度问题中的应用；②“探究加速度与合外力及质量关系实验”中，可以首先根据牛顿第二定律写出加速度的表达式，然后讨论即可．12.为了描绘小灯泡的伏安特性曲线，实验室可供选择的器材如下：A．待测小灯泡（6V，500m A）B．电流表A（0～0.6A，内阻约0.5Ω）C．电压表V（0～3V，内阻2kΩ）D．滑动变阻器R1（0～1kΩ，100m A）E．滑动变阻器R2（0～5Ω，1.5A）F．电阻箱R3（0～9999.9Ω）G．直流电源E（约6V，内阻不计）H．开关S，导线若干（1）将电压表量程扩大为9V，与它串联的电阻箱的阻值应调为______ kΩ．（2）图甲中画出了实验的部分电路，请你补全电路图；滑动变阻器应选用______ （选填“R1”或“R2”）．（3）实验中，变阻器滑动触头P在ab间移动时，发现小灯泡两端的电压只能在3.5V-6.0V 间变化，则电路中出现的故障可能是______ ．（4）排除故障后，通过实验描点作出小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．则常温下灯丝的电阻为______ Ω，若灯丝温度每升高1℃，电阻增大约为常温下电阻的万分之八，则将该小灯泡与一电动势为6V，内阻为5Ω的电池组连接时，灯丝的温度约为______ ℃．（保留两位有效数字）（5）若电压表V的实际阻值小于2kΩ，则小灯泡实际的伏安特性曲线应在所画图线的______ （选填“上方“或“下方“）．【答案】4；R2；ac间断路；4；4.4×103；下方【解析】解：（1）电压表V（0-3V内阻2kΩ），将电压表量程扩大为9V，根据欧姆定律应有：（R+2）×=9=V，代入数据可得：R=4kΩ，即电阻箱的阻值应调为4kΩ．（2）为使测量尽量准确，要求进行多次测量，滑动变阻器采用分压接法，选择小电阻，即选R2，由于灯泡电阻远小于电压表内阻，所以采用电流表外接法，电路图：（3）实验中，变阻器滑动触头P在ab间移动时，发现小灯泡两端的电压只能在3.5V-6.0V 间变化，即滑动变阻器没有采用分压式接法．则电路中出现的故障可能是ac间断路，即滑动变阻器变成了限流式接法．（4）如图所示，常温时图象的斜率约为：=4Ω；在伏安特性曲线中做出对应电源的伏安特性曲线，如图所示，则灯泡两端的电压为3V，电流为0.4A，则电阻R==7.5Ω；则增大的电阻为7.5-4=3.5Ω；灯丝温度约为=4.4×103℃；（5）若电压表V的实际阻值大于5kΩ，所以导致测量的灯泡的电压值偏大，即相同电流情况下，灯泡实际电压比测量值偏小，则小灯泡实际的伏安特性曲线应在所画图线的上方．故答案为：（1）4；（2）电路图如图所示，R2；（3）ac间断路；（4）4；4.4×103℃；（5）上方．（1）根据欧姆定律求解与电压表串联的电阻箱的阻值．（2）为使测量尽量准确，要求进行多次测量，滑动变阻器采用分压接法，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器；（3）实验中，变阻器滑动触头P在ab间移动时，发现小灯泡两端的电压只能在3.5V-6.0V 间变化，即滑动变阻器没有采用分压式接法．（4）根据图象的斜率求解常温时的电阻，再在对应的图象中做出伏安特性曲线，从而求得工作电阻，再由题意明确灯泡的温度；（5）根据电路图连接实物电路图，然后根据电路图分析答题．解决本题的关键掌握器材选择的原则，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，电流表内外接的区别．五、填空题(本大题共1小题，共4.0分)14.钻石是首饰和高强度钻头、刻刀等工具中的主要材料，设钻石的密度为ρ，摩尔质量为M，阿伏伽德罗常数为N A．求：①质量为m0的钻石中所含的分子数（用相应的字母表示）；②每个钻石分子的直径（用相应的字母表示）．【答案】解：（1）m克拉钻石的摩尔数为：所含的分子数为：（2）钻石的摩尔体积为：每个钻石分子体积为：…①设钻石分子直径为d，则…②①②联立得：答：①质量为m0的钻石中所含的分子数为，②每个钻石分子的直径．【解析】（1）通过求解出a克拉钻石的摩尔数，求解出所含分子数（2）利用摩尔体积求解出每个分子的体积，再根据球的体积公式计算出分子直径本题关键要建立物理模型：把固体分子（或原子）当作弹性小球．并假定分子（或原子）是紧密无间隙地堆在一起．六、计算题(本大题共4小题，共57.0分)15.如图所示，静止放在水平桌面上的薄木板，其上有一质量为m=0.1kg的铁块，它与薄木板右端的距离为L=0.5m，铁块与薄木板、薄木板与桌面间动摩擦因数均为μ=0.1．现用力F水平向左将薄木板从铁块下抽出，当薄木板全部抽出时铁块恰好到达桌面边缘，铁块抛出后落地点离抛出点的水平距离为x=1.2m．已知g=10m/s2，桌面高度为H=0.8m，不计薄木板质量及铁块大小，铁块不滚动．求：（1）铁块抛出时速度大小；（2）薄木板从铁块下抽出所用时间t；（3）薄木板抽出过程中拉力F所做功W．【答案】解：（1）设铁块抛出时的初速度为v0，由平抛运动规律，有水平方向：x=v0t，竖直方向：H=gt2解得：v0=3m/s．（2）纸带从铁块下抽出所用的时间与铁块向左运动到桌边的时间相等．开始时距离桌面左端的距离就等于铁块在桌面上向左运动的位移．铁块向左运动过程中，a=μg=1m/s2，由公式，v0=at，则有纸带抽出后铁块的速度可得：t==3s，（3）铁块的位移为：，设薄木板的位移为x2，有题意：x2-x1=L，由功能关系可得：，解得：W=1J．答：（1）铁块抛出时速度大小为3m/s；（2）纸带从铁块下抽出所用时间为3s；（3）纸带抽出过程拉力F所做功W=1J．【解析】（1）铁块离开桌面后做平抛运动，根据分位移公式列式求解得到初速度；（2）对铁块受力分析，根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据位移公式求得铁块直线加速的时间．（3）运用功能关系，纸带抽出后相对铁块的位移与摩擦力做的功，即为产生的内能．本题关键是先分析清楚物体的运动情况，然后运用平抛运动的分位移公式、牛顿运动定律和运动学公式联立列式求解；同时由功能关系及相对位移求拉力的功．16.如图所示，在倾角为30°的光滑斜面上，一劲度系数为K=200N/m的轻质弹簧一端连接固定挡板C上，另一端连接一质量为m=4K g的物体A，一轻细绳通过定滑轮，一端系在物体A上，另一端与质量也为m的物体B相连，细绳与斜面平行，斜面足够长，用手托住物体B使绳子刚好没有拉力，然后由静止释放，求：（1）弹簧恢复原长时细绳上的拉力；（2）物体A沿斜面向上运动多远时获得最大速度；（3）物体A的最大速度大小．【答案】解：（1）回复原长时，对B：mg-T=ma对A：T-mgsin30°=ma代入数据解得：T=30N（2）初始位置，弹簧的压缩量为：°，当A速度最大时，有：mg=kx2+mgsin30°弹簧的伸长量为：°所以A沿斜面上升的距离为：x=x1+x2=20cm（3）因为x1=x2，所以弹簧的弹性势能没有改变，由系统机械能守恒得：mg（x1+x2）-mg（x1+x2）sin30°=解得：v=g答：（1）弹簧恢复原长时细绳上的拉力为30N；（2）物体A沿斜面向上运动20cm时获得最大速度；（3）物体A的最大速度大小为1m/s．【解析】（1）回复原长时，分别对A和B应用牛顿第二定律列式即可求解绳子的拉力，（2、3）没有释放时，对于物体A由平衡条件求出此时弹簧的压缩量，释放后A沿斜。

江苏省泰州中学2015-2016学年高二上学期第二次质量检测物理试题 含答案

江苏省泰州中学2015-2016学年高二上学期第二次质量检测物理试题 含答案

一、单项选择题：每小题只有一个选项正确，共23小题,每小题3分,共69分1、下列关于质点的说法中，正确的是A、研究地球自传时，地球可看做质点B、研究运动员百米赛跑起跑动作时，运动员可以看做质点C、研究从北京开往上海的一列火车的运行总时间时，火车可以看做质点D、研究原子核结构时，因原子核很小，可把原子核看做质点2、某中学正在举行颁奖对抗赛，张明明同学是短跑运动员，在百米竞赛中，测得他在5s末的速度为10。

4m/s,10末到达终点的速度为10.2m/s，则他在全程中的平均速度为A、10m/sB、10。

2m/sC、10。

3m/sD、10。

4m/s3、关于速度和加速度，下列说法中正确的是A、物体的速度越大，加速度一定越大，B、物体的速度变化越大,加速度一定越大C、物体的速度变化越快,加速度一定越大D、物体的加速度为零,速度一定为零4、如图所示，一个重60N的物体置于光滑的水平面上，当用一个F=20N的力竖直向上拉物体时，物体所受的合力为A 、0B 、40N ，方向竖直向下C 、40N ，方向竖直向上D 、80N ，方向竖直向上5、在力学范围内，国际单位制规定的三个基本量是A 、长度、力、时间B 、速度、力、质量C 、加速度、速度、长度D 、长度、质量、时间6、在同一地点，质量不同的两个物体从同一高度同时开始做自由落体运动，则A 、质量大的物体下落的加速度大B 、质量大的物体先落地C 、质量小的物体先落体D 、两个物体同时落地7、在科学发展的过程中,首先把实验和逻辑推理和谐地结合起来,对落体运动进行正确研究的科学家是A 、伽利略B 、牛顿C 、开普勒D 、亚里士多德8、如图所示，保持两个共点力12F F 、大小不变,使两者的夹角 从60°逐渐增大到120°，则在此过程中，其合力大小A、逐渐增大B、逐渐减小C、先增大后减小D、先减小后增大9、一本书静放在桌面上，则下列说法中正确的是A、书受到的重力和桌面对书的支持力是一对相互作用力与反作用力B、桌面对书的支持力的大小等于书的重力，它们是一对平衡力C、书对桌面的压力就是书的重力，它们是同一性质的力D、书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对平衡力10、小明用力推地面上的木箱，开始没有能推动，增大推力后,木箱才开始移动,木箱杂被推动前和被推动后所受地面的摩擦力A、依次是静摩擦和滑动摩擦力B、依次是滑动摩擦和静摩擦力C、都是静摩擦力D、都是滑动摩擦力11、某质点运动的v-t图像如图所示，则该质点在0-1s和1—3s内的加速度大小之比是A、1:3B、3:1C、1：2D、2：112、关于惯性,下列说法中正确的是A、静止的火车启动时，速度变化缓慢是因为火车静止时惯性大B、乒乓球可以迅速抽杀,是因为乒乓球的惯性小的缘故C、在月球上举重比在地球上举重容易，所以同一物体在月球上比在地球上惯性小D、在宇宙飞船内的物体不存在惯性13、在匀速行驶的车厢内，有一人从B点正上方相对车厢静止释放一个小球，则小球A、可能落在A处B、一定落在B处C、可能落在C处D、以上都有可能14。

2015-2016学年江苏省泰州二中高一(下)第二次月考物理试卷(解析版)

2015-2016学年江苏省泰州二中高一(下)第二次月考物理试卷(解析版)

2015-2016学年江苏省泰州二中高一（下）第二次月考物理试卷一、单项选择题：（本题共10小题，每题3分，共30分，每小题只有一个正确选项）．1．如图所示，B物体在拉力F的作用下向左运动，在运动的过程中，A、B 间有相互作用的摩擦力，则摩擦力做功的情况是（）A．A、B都克服摩擦力做功B．摩擦力对A不做功，B克服摩擦力做功C．摩擦力对A做功，B克服摩擦力做功D．摩擦力对A、B都不做功2．下列实例中满足机械能守恒定律的是（）A．加速上升的气球B．在空中匀速下落的树叶C．斜向上抛出的铅球（不计空气阻力）D．在竖直平面内作匀速圆周运动的小球3．下列说法中正确的是（）A．随着科技的发展，永动机是可以制成的B．某种形式的能量减少，一定有其他形式的能量增加C．能量耗散表明，在能量的转化过程中能的总量逐渐减少D．不用电池、也不用上发条的“全自动”手表，说明能量可以凭空产生的4．小明同学骑电动自行车沿平直公路行驶，因电瓶“没电”，故改用脚蹬骑车匀速前行．设小明与车的总质量为100kg，人与车的速度恒为5m/s，骑行过程中所受阻力约为车和人总重的0.02倍，取g=10m/s2，小明骑此电动车做功的功率约为（）A．10 W B．100 W C．1000 W D．10000 W5．一个系统的机械能增大，究其原因，下列推测正确的是（）A．可能是重力对系统做了功B．一定是合外力对系统做了功C．一定是系统克服合外力做了功D．可能是摩擦力对系统做了功6．（2012•泉州模拟）质量为2吨的汽车，发动机牵引力的功率为30千瓦，汽车在水平路面上行驶能达到的最大速度为15m/s，若汽车所受阻力恒定，则汽车的速度为10m/s时的加速度为（）A．1m/s2B．0.5m/s2C．2m/s2D．2.5m/s27．（2014春•历下区校级期末）物体做自由落体运动，E p表示重力势能，h表示下落的距离，以水平地面为零势能面，下列所示图象中，能正确反映E p 和h之间关系的是（）A．B．C．D．8．解放前后，机械化生产水平较低，人们经常通过“驴拉磨”的方式把粮食颗粒加工成粗面来食用，如图所示，假设驴拉磨的平均作用力大小为500N，运动的半径为1m，则驴拉磨转动一周所做的功为（）A．0 B．500 J C．500π J D．1000π J9．关于电荷的理解，下列说法中正确的是（）A．自然界只存在三种电荷：正电荷、负电荷和元电荷B．元电荷就是指电子和质子本身C．物体所带的电荷量都等于e或是e的整数倍D．只有体积很小的带电体才能被看成点电荷10．A、B、C三点在同一直线上，AB：BC=1：2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷．当在A处放一电荷量为+q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为﹣2q的点电荷，其所受电场力为（）A．B．﹣F C．D．F二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．11．在平直公路上，汽车由静止开始作匀加速运动，当速度达到v m后立即关闭发动机直到停止，v﹣t图象如图所示．设汽车的牵引力为F，摩擦力为f，全过程中牵引力做功W1，克服摩擦力做功W2，则（）A．F：f=3：1 B．W1：W2=1：1 C．F：f=4：1 D．W1：W2=3：112．（2013春•东营区校级期中）关于机械能守恒的叙述，下列说法中正确的（）A．做匀速直线运动的物体机械能一定守恒B．做变速运动的物体机械能可能守恒C．外力对物体做功为零，则物体的机械能守恒D．若只有重力对物体做功，则物体的机械能守恒13．（2015•清远校级模拟）如图所示，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点处，将小球拉至A处，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，它运动到O点正下方B点时速度为v，A、B两点间的竖直高度差为h，则（）A．由A至B重力功为mghB．由A至B重力势能减少mv2C．由A至B小球克服弹力做功为mghD．小球到达位置B时弹簧的弹性势能为（mgh﹣mv2）14．（2013春•高邮市校级期末）竖直悬挂的轻弹簧下连接一个小球，用手托起小球，使弹簧处于压缩状态，如图所示．则迅速放手后（不计空气阻力）（）A．放手后瞬间小球的加速度等于重力加速度B．小球、弹簧与地球组成的系统机械能守恒C．小球机械能守恒D．小球下落过程中，小球动能与弹簧弹性势能之和不断增大15．（2011•惠阳区校级学业考试）关于摩擦起电、传导起电、感应起电，下列说法正确的是（）A．这是起电的三种不同方式B．这三种方式都产生了电荷C．这三种起电方式的实质是一样的，都是电子在转移D．这三种方式都符合电荷守恒定律三、实验题（共14分）16．（14分）（2016春•泰州校级月考）“验证机械能守恒定律”的实验采用重物自由下落的方法．（1）本实验中，除铁架台、夹子、交流电源、纸带和重物外，还需选用的仪器是A．秒表B．刻度尺C．天平D．打点计时器（2）在验证机械能守恒定律的实验中，下列物理量中需要测量的有A．重物的质量B．重力加速度C．重物下落的高度D．与重物下落高度对应的重物的瞬时速度（3）在验证机械能守恒定律的实验中，得到一条纸带如图2所示，图中O点为打点计时器打下的第一点，可以看做重物运动的起点，若重物的质量为1kg，己知相邻两点时间间隔为0.02s，图中长度单位是cm，g取10m/s2，则打点计时器打下B点时，重物的速度V B=m/s．从起点O到打下B点的过程中，重物动能的增加量△Ek=J，重力势能的减小量△E P=J，经过计算发现动能的增加量略小于重力势能的减少量，为什么．（以上计算结果均保留两位有效数字）四、计算题（共36分）17．（10分）（2011秋•越城区校级期末）如图所示，把一带电量为﹣5×10﹣8C 的小球A用绝缘细绳悬起，若将带电量为+4×10﹣6C的带电小球B靠近A，当两个带电小球在同一高度相距30cm时，绳与竖直方向成45°角，取g=10m/s2，k=9.0×109N•m2/C2，且A、B两小球均可视为点电荷，求：（1）AB两球间的库仑力；（2）A球的质量．18．（12分）（2013春•高邮市校级期末）如图所示，水平桌面上放置一个质量m=1kg的小木块，若用木棒击打木块使木块获得水平方向的初速度v0，木块沿桌面滑出左端边沿，落在水平地面上的D点．已知木块的初速度v0=20m/s，桌面距地面的高度H=3.2m，木块落地的位置距桌面左端边沿的水平距离x=4.8m，忽略空气阻力，取重力加速度g=10m/s2．求：（1）木块落到地面时的速度大小；（2）木块离开桌面时的动能；（3）木块在桌面上滑行过程中克服摩擦力所做的功．19．（14分）（2015春•延安期中）如图所示，光滑圆管形轨道AB部分平直，BC部分是处于竖直平面内半径为R的半圆，圆管截面半径r＜＜R，有一质量m，半径比r略小的光滑小球以水平初速v0射入圆管．（1）若要小球能从C端出来，初速v0至少多大？（2）在小球从C端出来瞬间，对管壁压力有哪几种典型情况．初速v0各应满足什么条件？2015-2016学年江苏省泰州二中高一（下）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：（本题共10小题，每题3分，共30分，每小题只有一个正确选项）．1．如图所示，B物体在拉力F的作用下向左运动，在运动的过程中，A、B 间有相互作用的摩擦力，则摩擦力做功的情况是（）A．A、B都克服摩擦力做功B．摩擦力对A不做功，B克服摩擦力做功C．摩擦力对A做功，B克服摩擦力做功D．摩擦力对A、B都不做功【考点】功的计算；摩擦力的判断与计算【分析】根据做功的两个必要因素：力和在力的方向上通过一段位移，可以确定此过程中摩擦力是否做功．【解答】解：做功的两个必要因素是力和在力的方向上通过一段位移，当B 向左移动时，A没有动，故AB之间的摩擦力对A没有做功；B物体受到的摩擦力方向与运动方向相反，故摩擦力对B做负功，即B克服摩擦力做功；所以选项B正确，ACD错误．故选：B．2．下列实例中满足机械能守恒定律的是（）A．加速上升的气球B．在空中匀速下落的树叶C．斜向上抛出的铅球（不计空气阻力）D．在竖直平面内作匀速圆周运动的小球【考点】机械能守恒定律【分析】只有重力或只有弹力做功时物体的机械能守恒．根据机械能守恒的条件分析答题．也可以根据机械能的概念判断．【解答】解：A、气体加速上升时，动能和重力势能均增大，则其机械能增加，故A错误．B、树叶匀速下落，动能不变，重力势能减小，则其机械能减小，故B错误．C、不计空气阻力，铅球抛出后只受重力，机械能守恒，故C正确．D、小球在竖直平面内作匀速圆周运动，动能不变，重力势能不断变化，则其机械能不守恒，故D错误．故选：C．3．下列说法中正确的是（）A．随着科技的发展，永动机是可以制成的B．某种形式的能量减少，一定有其他形式的能量增加C．能量耗散表明，在能量的转化过程中能的总量逐渐减少D．不用电池、也不用上发条的“全自动”手表，说明能量可以凭空产生的【考点】功能关系【分析】热力学第一定律：热力系内物质的能量可以传递，其形式可以转换，在转换和传递过程中各种形式能源的总量保持不变．热力学第二定律：不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响；不可逆热力过程中熵的微增量总是大于零．【解答】解：A、永动机违背了热力学第一和第二定律，故是不可能制造成功的．故A错误；B、根据能量守恒定律，某种形式的能量减少，一定有其他形式的能量增加，故B正确；C、能量耗散表明，能量的总量虽然守恒，但其转化和转移具有方向性，故C 错误；D、根据能量守恒定律，能量是不能创生的，故D错误；故选：B．4．小明同学骑电动自行车沿平直公路行驶，因电瓶“没电”，故改用脚蹬骑车匀速前行．设小明与车的总质量为100kg，人与车的速度恒为5m/s，骑行过程中所受阻力约为车和人总重的0.02倍，取g=10m/s2，小明骑此电动车做功的功率约为（）A．10 W B．100 W C．1000 W D．10000 W【考点】功率、平均功率和瞬时功率【分析】人在匀速行驶时，受到的阻力的大小和脚蹬车的力的大小相等，由P=FV=fV可以求得此时人受到的阻力的大小．【解答】解：设人汽车的速度大小为5m/s，人在匀速行驶时，人和车的受力平衡，阻力的大小为f=0.02mg=0.02×1000N=20N，此时的功率P=FV=fV=20×5W=100W，所以B正确．故选：B．5．一个系统的机械能增大，究其原因，下列推测正确的是（）A．可能是重力对系统做了功B．一定是合外力对系统做了功C．一定是系统克服合外力做了功D．可能是摩擦力对系统做了功【考点】功能关系【分析】机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关．除重力、弹力以外的力做功时，物体的机械能才会变化．【解答】解：除重力、弹力以外的力做功时，物体的机械能才会变化，一个系统的机械能增大，一定是除重力、弹力以外的力对系统做正功．A、重力做功时物体的动能和重力势能之间相互转化，不影响物体的机械能的总和．故A错误；B、C：除重力、弹力以外的力做功时，物体的机械能才会变化．“合外力”没有说清楚是只有重力．故B错误，C错误．D、如果摩擦力对系统做正功，系统的机械能可以增大．故D正确．故选：D6．（2012•泉州模拟）质量为2吨的汽车，发动机牵引力的功率为30千瓦，汽车在水平路面上行驶能达到的最大速度为15m/s，若汽车所受阻力恒定，则汽车的速度为10m/s时的加速度为（）A．1m/s2B．0.5m/s2C．2m/s2D．2.5m/s2【考点】功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律【分析】当汽车的牵引力与所受阻力平衡时，做匀速运动，速度达到最大，根据P=Fv可求出阻力．再根据牛顿第二定律求出汽车的速度为10m/s时的加速度．【解答】解：汽车在水平路面上达到最大速度时，牵引力与阻力二力平衡，即有：F=f由P=Fv m，得：P=fv m，解得：f=当汽车的速度为10m/s时，牵引力为：F′=根据牛顿第二定律得：a====0.5m/s2．故选：B．7．（2014春•历下区校级期末）物体做自由落体运动，E p表示重力势能，h 表示下落的距离，以水平地面为零势能面，下列所示图象中，能正确反映E p 和h之间关系的是（）A．B．C．D．【考点】重力势能；自由落体运动【分析】由于重力做功和重力势能变化关系可得：E P=E﹣mgh，进而判定势能与h的图象．【解答】解：由于重力做功和重力势能变化关系可得：E P=E﹣mgh，由数学知识可知势能与h的图象为倾斜向下的直线，故B正确，ACD错误．故选：B8．解放前后，机械化生产水平较低，人们经常通过“驴拉磨”的方式把粮食颗粒加工成粗面来食用，如图所示，假设驴拉磨的平均作用力大小为500N，运动的半径为1m，则驴拉磨转动一周所做的功为（）A．0 B．500 J C．500π J D．1000π J【考点】功的计算【分析】W=FS适用于恒力做功，因为驴拉磨的过程中拉力方向时刻在变化是变力，但由于圆周运动知识可知，驴拉力方向时刻与速度方向相同，根据微分原理可知，拉力所做的功等于力与路程的乘积．【解答】解：本题中驴对磨的拉力沿圆周切线方向，拉力作用点的速度方向也在圆周切线方向，故可认为拉磨过程中拉力方向始终与速度方向相同，故根据微分原理可知，拉力对磨盘所做的功等于拉力的大小与拉力作用点沿圆周运动弧长的乘积，由题意知，磨转动一周，弧长L=2πR=2πm，所以拉力所做的功W=FL=500×2πJ=1000πJ．故选：D9．关于电荷的理解，下列说法中正确的是（）A．自然界只存在三种电荷：正电荷、负电荷和元电荷B．元电荷就是指电子和质子本身C．物体所带的电荷量都等于e或是e的整数倍D．只有体积很小的带电体才能被看成点电荷【考点】元电荷、点电荷【分析】正确解答本题需要掌握：点电荷的定义，能否看作点电荷的条件；元电荷的定义以及物体带电与元电荷之间的关系，电子、质子带电与元电荷之间关系；明确正电荷、负电荷、元电荷等基本概念的区别．【解答】解：A、自然界只存在两种电荷：正电荷、负电荷，故A错误；B、元电荷又称基本电荷，是由实验测定的自然界存在的最小电量，物理学的基本常数之一，是一个电子或一个质子所带的电量，任何带电体所带电荷都是e的整数倍，故B错误；C、根据对B选项的论述可知，C正确；D、点电荷带电体的一种理想模型如果在研究的问题中，带电体的形状、大小可以忽略不计，即可将它看作是一个几何点，则这样的带电体就是点电荷，能否看作点电荷与物体的体积大小无关，关键是看带电体的形状、大小能否忽略，故D错误．故选C．10．A、B、C三点在同一直线上，AB：BC=1：2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷．当在A处放一电荷量为+q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为﹣2q的点电荷，其所受电场力为（）A．B．﹣F C．D．F【考点】库仑定律【分析】首先确定电荷量为﹣2q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向的关系，再根据库仑定律得到F与AB的关系，即可求出﹣2q的点电荷所受电场力．【解答】解：根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，分析可知电荷量为﹣2q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向相同．设AB=r，则有BC=2r．则有：F=k故电荷量为﹣2q的点电荷在C处所受电场力为：F C=k=故选：C．二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．11．在平直公路上，汽车由静止开始作匀加速运动，当速度达到v m后立即关闭发动机直到停止，v﹣t图象如图所示．设汽车的牵引力为F，摩擦力为f，全过程中牵引力做功W1，克服摩擦力做功W2，则（）A．F：f=3：1 B．W1：W2=1：1 C．F：f=4：1 D．W1：W2=3：1【考点】功的计算；匀变速直线运动的图像【分析】由速度﹣时间图象可知物体的运动状态，找出加速与减速过程中位移之比；分析汽车的受力情况及各力的做功情况，由动能定理可得出牵引力及克服阻力做功的比值．【解答】解：由图可知，物体先做匀加速直线运动，1s末速度为v，由动能定理可知：（F﹣f）L1=mv2；减速过程中，只有阻力做功：fL2=0﹣mv2；则可得：（F﹣f）L1=fL2；由图象可知，L1：L2=1：3；解得：F：f=4：1；对全程由动能定理得：W1﹣W2=0故W1：W2=1：1所以选项AD错误，BC正确．故选：BC．12．（2013春•东营区校级期中）关于机械能守恒的叙述，下列说法中正确的（）A．做匀速直线运动的物体机械能一定守恒B．做变速运动的物体机械能可能守恒C．外力对物体做功为零，则物体的机械能守恒D．若只有重力对物体做功，则物体的机械能守恒【考点】机械能守恒定律【分析】物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，通过分析物体的受力情况，判断做功情况进行分析．【解答】解：A、做匀速直线运动的物体，若有除重力物弹簧的弹力之外的力做功，其机械能就不守恒，比如跳伞运动员在空中匀速下降，动能不变，重力势能减小，机械能减小．故A错误．B、做变速运动的物体可能只受重力，机械能守恒，比如自由落体运动，故B 正确．C、外力对物体做功为零时，根据动能定理得知，物体的动能不变，若重力势能变化，则其机械能也就变化，比如竖直平面内的匀速圆周运动，故C错误．D、只有重力做功时，只发生动能和重力势能的转化，物体的机械能一定守恒．故D正确．故选：BD．13．（2015•清远校级模拟）如图所示，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点处，将小球拉至A处，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，它运动到O点正下方B点时速度为v，A、B两点间的竖直高度差为h，则（）A．由A至B重力功为mghB．由A至B重力势能减少mv2C．由A至B小球克服弹力做功为mghD．小球到达位置B时弹簧的弹性势能为（mgh﹣mv2）【考点】机械能守恒定律；重力势能的变化与重力做功的关系【分析】小球在下降中小球的重力势能转化为动能和弹性势能，由机械能守恒条件可知小球是否机械能守恒；由重力做功量度重力势能的变化．由弹簧弹力做功量度弹性势能的变化．【解答】解：A、重力做功只与初末位置的高度差有关，则由A至B重力功为mgh．故A正确．B、由A至B重力做功为mgh，则重力势能减少mgh．小球在下降中小球的重力势能转化为动能和弹性势能，所以mgh＞mv2，故B错误．C、根据动能定理得：mgh+w弹=mv2，所以由A至B小球克服弹力做功为mgh﹣mv2，故C错误．D、弹簧弹力做功量度弹性势能的变化．所以小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mgh﹣mv2，故D正确．故选AD．14．（2013春•高邮市校级期末）竖直悬挂的轻弹簧下连接一个小球，用手托起小球，使弹簧处于压缩状态，如图所示．则迅速放手后（不计空气阻力）（）A．放手后瞬间小球的加速度等于重力加速度B．小球、弹簧与地球组成的系统机械能守恒C．小球机械能守恒D．小球下落过程中，小球动能与弹簧弹性势能之和不断增大【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；功能关系【分析】弹簧原来处于压缩状态，小球受到重力、弹簧向下的弹力和手的支持力，迅速放手后，分析小球的受力情况分析其运动情况，根据牛顿第二定律研究小球的加速度．根据机械能守恒的条件：系统内只有重力和弹簧的弹力做功，分析能量如何变化．【解答】解：A、刚放手时，小球受到重力和向下的弹力，所受的合力大于重力，根据牛顿第二定律得知，加速度大于g．故A错误．B、对于小球、弹簧与地球组成的系统，只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，故B正确．C、对于小球，弹簧的弹力对它做功，其机械能不守恒，故C错误．D、由上分析可知，小球、弹簧与地球组成的系统机械能守恒，即小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总和不变，由于下落过程中，小球的重力势能不断减小，所以小球动能与弹簧弹性势能之和不断增大．故D正确．故选：BD15．（2011•惠阳区校级学业考试）关于摩擦起电、传导起电、感应起电，下列说法正确的是（）A．这是起电的三种不同方式B．这三种方式都产生了电荷C．这三种起电方式的实质是一样的，都是电子在转移D．这三种方式都符合电荷守恒定律【考点】电荷守恒定律【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【解答】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体．摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，但并没有创造电荷．电荷只是发生转移．感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一个部分．感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一个部分．电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是接触带电．A、摩擦起电、接触起电、感应起电是起电的三种不同方式，故A正确．B、这三种方式都没有产生电荷，故B错误．C、这三种起电方式的实质是一样的，都是电子的转移，故C正确．D、这三种方式都符合电荷守恒定律，故D正确．故选：ACD．三、实验题（共14分）16．（14分）（2016春•泰州校级月考）“验证机械能守恒定律”的实验采用重物自由下落的方法．（1）本实验中，除铁架台、夹子、交流电源、纸带和重物外，还需选用的仪器是BDA．秒表B．刻度尺C．天平D．打点计时器（2）在验证机械能守恒定律的实验中，下列物理量中需要测量的有C A．重物的质量B．重力加速度C．重物下落的高度D．与重物下落高度对应的重物的瞬时速度（3）在验证机械能守恒定律的实验中，得到一条纸带如图2所示，图中O点为打点计时器打下的第一点，可以看做重物运动的起点，若重物的质量为1kg，己知相邻两点时间间隔为0.02s，图中长度单位是cm，g取10m/s2，则打点计时器打下B点时，重物的速度V B=0.97m/s．从起点O到打下B点的过程中，重物动能的增加量△Ek=0.47J，重力势能的减小量△E P=0.48J，经过计算发现动能的增加量略小于重力势能的减少量，为什么重物克服阻力做功．（以上计算结果均保留两位有效数字）【考点】验证机械能守恒定律【分析】根据验证机械能守恒定律的原理及实验方法，明确需要测量的数据，则可知需要的器材；验证机械能守恒定律的实验原理是：以自由落体运动为例，需要验证的方程是：mgh=mv2，h和v由打点计时器所打的纸带进行测量；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该段时间内的平均速度可以求出物体在B点时的速度，然后根据动能、势能的定义进一步求得动能、势能的变化量．【解答】解：（1）A、实验中由打点计时器测量时间，不再需要秒表，A错误；B、在求动能时需要测量两点间的长度求出平均速度，故需要用的刻度尺，B 正确；C、而在数据处理中物体的质量可以消去，故不需要测物体的质量，故不用天平，C错误；D、在用自由落体“验证机械能守恒定律”时，我们是利用自由下落的物体带动纸带运动，通过打点计时器在纸带上打出的点求得动能及变化的势能，故需要打点计时器，D正确．（2）A、在“验证机械能守恒定律”的实验中，需要验证的方程是：mgh=mv2，直接测量的有：用刻度尺测量重锤下落的高度，重锤的质量可以测量也可以不测量．重力加速度是当地的重力加速度，查表得到．故AB错误，C正确．D、根据匀变速运动的推论，通过计算可求得与重锤下落高度对应的重锤瞬时速度．故D错误．（3）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该段时间内的平均速度可以求出物体在B点时的速度v B==m/s≈0.97m/s重力势能的减少量：△E p=mgh B=1×9.8×4.86×10﹣2J≈0.48J动能的增量：△E k=mv B2=×1×0.972≈0.47J；重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到较大的阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能，所以动能的增加量略小于重力势能的减少量．故答案为：（1）BD；（2）C；（3）0.97，0.47，0.48，重物克服阻力做功．四、计算题（共36分）。

届下学期高三期初联考试题物理(附答案)

届下学期高三期初联考试题物理(附答案)

江苏省泰州市姜堰区2015届下学期高三期初联考试题物理(考试时间：100分钟 总分120分)注意事项：1．本试卷共分两部分，第Ⅰ卷为选择题，第Ⅱ卷为非选择题． 2．所有试题的答案均填写在答题卡上，答案写在试卷上的无效．第Ⅰ卷（选择题 共34分）一、单项选择题：本大题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个．．．．选项符合题意. 1．下列关于物理学思想方法的叙述中错误．．的是 A ．探究加速度与力和质量关系的实验中运用了控制变量法 B ．电学中电阻、场强和电势的定义都运用了比值法 C ．力学中将物体看成质点运用了理想化模型法D ．t →0时的平均速度可看成瞬时速度运用了等效替代法 2．关于人造地球卫星，下列说法中正确的是 A ．卫星离地球越远，运行周期越小 B ．卫星运行的瞬时速度可以大于7.9km/sC ．同一圆轨道上运行的两颗卫星，线速度大小可能不同D ．地球同步卫星可以经过地球两极上空3．如图所示，一只半径为R 的半球形碗倒扣在水平桌面上处于静止状态，一质量为m 的蚂蚁在离桌面高度45R 时恰能停在碗上.则蚂蚁受到的最大静摩擦力大小为A ．0.6mgB ．0.8mgC ．0.4mgD ．0.75mg4．如图所示，在光滑的水平面上有一段长为L 、质量分布均匀的绳子，绳子在水平向左的恒力F 作用下做匀加速直线运动.绳子上某一点到绳子右端的距离为x ，设该处的张力大小为T ，则能正确描述T 与x 之间的关系的图像是5．如图所示，A1、A2 为两只相同灯泡，A1与一理想二极管D连接，线圈L的直流电阻不计．下列说法正确的是A．闭合开关S后，A1会逐渐变亮B．闭合开关S稳定后，A1、A2亮度相同C．断开S的瞬间，A1会逐渐熄灭D．断开S的瞬间，a点的电势比b点低6．将一段导线绕成图甲所示的闭合电路，并固定在水平面（纸面）内，回路的ab边置于垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ中.回路的圆形区域内有垂直纸面的磁场Ⅱ，以向里为磁场Ⅱ的正方向，其磁感应强度B随时间t变化的图像如图乙所示.F表示ab边受到的安培力，以水平向右为正方向，则能正确反映F随时间t变化的图像是二、多项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中，有多个．．选项符合题意.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.7．一滑块以初速度v0从固定的足够长斜面底端沿斜面向上滑行，该滑块的“速度-时间”图Av vCvDBvab甲ⅠⅡ乙F F8．“水流星”是一种常见的杂技项目，该运动可以简化为轻绳一端系着小球在竖直平面内的圆周运动模型.已知绳长为l，重力加速度为g，则A．小球运动到最低点Q时，处于失重状态B．小球初速度v0越大，则在P、Q两点绳对小球的拉力差越大C．当v>PD．当v<9．如图甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4:1，电压表和电流表均为理想电表，R t为阻值随温度升高而变小的热敏电阻，R1为定值电阻.若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交流电，则下列说法中正确的是A．输入变压器原线圈的交流电压的表达式为50u tπVB．t=0.01s时，发电机的线圈平面与磁场方向垂直C．变压器原、副线圈中的电流之比为4:1D．R t温度升高时，电流表的示数变大10．如图所示，真空中ab、cd是圆O的两条直径，在a、b两点分别固定电荷量＋Q和－Q的点电荷，下列说法中正确的是A．c、d两点的电场强度相同，电势不同B．c、d两点的电场强度不同，电势相同C．直径ab上O点的电场强度最大，电势为零D．一负电荷在c点的电势能小于它在d点的电势能第Ⅱ卷（非选择题共86分）三、简答题：本题大共3小题，共32分.11．（12分）（1）以下说法中正确的是▲ ．A．系统在吸收热量时内能一定增加B．悬浮在空气中做布朗运动的PM2.5微粒，气温越高，运动越剧烈C．分子间的距离为r0时，分子间作用力的合力为零，分子势能最小D．用力拉铁棒的两端，铁棒没有断，说明此时分子间只存在引力而不存在斥力乙-+b （2）①现有按酒精与油酸的体积比为m ∶n 配制好的油酸酒精溶液，用滴管从量筒中取体积为V 的该种溶液，让其自由滴出，全部滴完共N 滴．把一滴这样的溶液滴入盛水的浅盘中，由于酒精溶于水，油酸在水面上展开，稳定后形成单分子油膜的形状如右图所示，已知坐标纸上每个小方格面积为S ．根据以上数据可估算出油酸分子直径为d = ▲ ；②若已知油酸的密度为ρ，阿佛加德罗常数为N A ，油酸的分子直径为d ，则油酸的摩尔质量为 ▲ 。

2015年江苏省高考物理二模试卷

2015年江苏省高考物理二模试卷

2015年江苏省高考物理二模试卷一、单项选择题：本题共5小题．每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）2014年5月，有多个不明飞行物落入黑龙江境内，如图甲所示．图乙所示是一目击者画出的不明飞行物临近坠地时的运动轨迹，则（）A．轨迹上每一点的切线方向，就是不明飞行物的运动方向B．不明飞行物受到的合力方向可能与速度方向相同C．不明飞行物的加速度不变D．若知道引力常量G、地球半径R和不明飞行物落地时的速度大小v，就可以求出地球的质量2．（3分）2013年6月20日，我国宇航员王亚平在天宫授课时，利用质量测量仪粗略测出了聂海胜的质量．若聂海胜受到恒力F从静止开始运动，经时间t移动的位移为S，则聂海胜的质量为（）A．B．C．D．3．（3分）由于环境污染严重，今年全国多次出现大面积雾霾天气，对交通造成极大影响，交通事故频发．某人驾驶车辆在一高速公路上行驶，由于大雾与前车发生追尾事故，后经交警调查，描绘出他发现前面正处于减速状态的汽车开始刹车时两车的速度图象如图所示，则以下判断正确的是（）A．后车刹车时两车间距离一定小于90mB．后车刹车时两车间的距离一定等于112mC．两车一定是在t=20s之前的某时刻发生追尾D．两车一定是在t=20s之后的某时刻发生追尾4．（3分）加图甲所示，现在很多教室安装了可以滑动的黑板，一位老师用粉笔在黑板上画直线，若粉笔相对于黑板从静止开始先匀加速向上滑动，再匀减速向上滑动至停止，同时黑板以某一速度水平向左匀速运动，则粉笔画出的轨迹可能为图中的（）A．B．C．D．5．（3分）如图所示，在某场足球比赛中，曲线1、2、3分别是由同一点踢出的足球的飞行路径，忽略空气的影响，下列说法正确的是（）A．沿路径1飞行的足球的落地速率最大B．沿路径2飞行的足球的初速度的水平分量最大C．沿路径3飞行的足球的运动时间最长D．沿这三条路径飞行的足球在相同的时间内的速度变化量相同二、多项选择题：本题共4小题．每小题4分，共16分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．（4分）如图所示，两个可视为质点的相同小球分别在两竖直光滑圆锥的内侧面上以相同的角速度做匀速圆周运动，已知两圆锥面与水平面的夹角分别为30°和45°，重力加速度为g，则（）A．两球的向心加速度大小相等B．两球离地面的高度不相等C．两球的线速度大小不相等D．两球所需的向心力大小相等7．（4分）2013年12月14日，“嫦娥三号”探月卫星在月面成功实现软着陆．如图所示，在月球椭圆轨道上的已关闭动力的探月卫星在月球引力作用下向月球靠近，并在B处变轨进入半径为r、周期为T的环月轨道运行，后经过多次调整，最后安全着陆．已知引力常量为G，下列理解正确的是（）A．图中探月卫星在飞向B处的过程中，加速度增大B．探月卫星要进入环月轨道应在B处减速C．探月卫星在接近月球表面前只受万有引力作用，应加速着陆D．由题中条件可以计算出月球的质量8．（4分）刀削面是西北人喜欢的面食之一，全凭刀削得名．如图所示，将一锅水烧开，拿一块面团放在锅旁边较高处，用一刀片飞快地削下一片片很薄的面片儿，面片便水平飞向锅里，若面团到锅的上沿的竖直距离为0.8m，面团离锅上沿最近的水平距离为0.4m，锅的直径为0.4m．若削出的面片落入锅中，则面片的水平初速度可能是（g=10m/s2）（）A．0.8 m/s B．1.2 m/s C．1.8 m/s D．3.0 m/s9．（4分）如图所示，倾角为α的等腰三角形斜劈固定在水平面上，一足够长的轻质绸带跨过斜劈的顶端铺放在斜面的两侧，绸带与斜劈间无摩擦．现将质量分别为M和m（M＞m）的物块A、B同时轻放在斜面两侧的绸带上，两物块与绸带间的动摩擦因数相同，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等．在α角取不同值的情况下，下列说法正确的有（）A．两物块所受摩擦力的大小总是相等B．两物块可能同时相对绸带静止C．物块A可能相对绸带发生滑动D．物块B不可能相对斜面向上滑动二、非选择题部分共7小题，把答案填写在答题卷中的横线上或按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．（8分）为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置，板上有两个光电门相距为d，滑动通过细线与重物相连，细线的拉力F大小等于力传感器的示数．让滑块从光电门1有静止释放，记下滑到光电门2的时间t．改变重物质量来改变细绳拉力大小，重复以上操作5次，计算后得到如表中的5组数据．（1）依据表中数据在如图2中画出a﹣F图象．（2）分析a﹣F图象，可求出滑块质量m=kg，滑块和轨道间的动摩擦因数μ=．（重力加速度g=10m/s2）次数a/（m•s﹣2）F/N1 1.00.762 2.00.993 2.9 1.234 4.1 1.505 5.2 1.7611．（10分）三个同学根据不同的实验条件，进行了“探究平抛运动规律”的实验．（1）甲同学采用如图甲所示的装置，用小锤击打弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤击打的力度，使A球被弹出时的速度不同，两球仍然同时落地，这说明．（2）乙同学采用如图乙所示的装置，两个相同的末端水平的斜槽轨道M、N分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端与光滑的水平板相切，两轨道上端分别装有电磁铁C、D．斜槽轨道M到水平板的高度可调，但两轨道始终保持平行，因此小铁球P、Q在轨道出口处的水平速度总是相等的．现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后同时切断电源，使两小铁球能以相同的初速度同时从轨道M、N的下端A、B水平射出，实验中能观察到的现象是．若仅改变轨道M的高度（两轨道仍然保持平行），重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这是因为．（3）丙同学采用频闪照相法拍摄到如图丙所示的“小球做平抛运动”的照片，图丙中每个小方格代表的正方形边长L=1.25cm．由图丙可求得拍摄时曝光时间间隔t=s，该小球平抛运动的初速度大小v0=m/s（取g=10m/s2）．12．（12分）吴菊萍徒手勇救小妞妞，被誉为“最美妈妈”．设妞妞的质量m=10kg，从离地h1=28.5m高的阳台掉下，下落过程中空气阻力约为本身重力的0.4倍；在妞妞开始掉下瞬间，吴菊萍立刻从静止开始匀加速奔跑水平距离S=9m到达楼下，张开双臂在距地面高度为h2=1.5m处接住妞妞，缓冲到地面时速度恰好为零．g=10m/s2．求：（1）妞妞在被接到前下落的时间；（2）吴菊萍跑到楼下时的速度．13．（13分）如图所示，质量为m B=14kg的木板B放在水平地面上，质量为m A=10kg 的货箱A放在木板B上．一根轻绳一端拴在货箱上，另一端拴在地面，绳绷紧时与水平面的夹角为θ=37°．已知货箱A与木板B之间的动摩擦因数μ1=0.5，木板B与地面之间的动摩擦因数μ2=0.4．重力加速度g取10m/s2．现用水平力F 将木板B从货箱A下面匀速抽出，试求：（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）（1）绳上张力T的大小；（2）拉力F的大小．14．（14分）如图所示，一个可视为质点的质量m=1kg的木块从P点以初速度v0=5m/s向右运动，木块与水平面间的动摩擦因数μ=0.4，木块运动到M点后水平抛出，恰好沿竖直的粗糙圆弧AB的A点的切线方向进入圆弧（不计空气阻力）．已知圆弧的半径R=0.5m，半径OA与竖直半径OB间的夹角θ=53°，木块到达A点时的速度v A=5m/s，sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2．（1）求P到M的距离l．（2）求M、A间的距离s．（3）若木块到达圆弧底端B点时速度大小为v B=5m/s，求此时木块对轨道的压力．15．（16分）经过天文望远镜长期观测，人们在宇宙中已经发现了许多双星系统，通过对它们的研究，我们对宇宙中物质的存在形式和分布情况有了较深刻的认识，双星系统由两个星体组成，其中每个星体的线度都远小于两星体之间的距离（一般双星系统距离其他星体很远，可以当作孤立系统来处理）．现根据对某一双星系统的光度学测量确定，该双星系统中每个星体的质量都是m，两者相距L，它们正围绕两者连线的中点做圆周运动，已知引力常量为G．（1）试计算该双星系统的运动周期T计．（2）若实际上观测到的运动周期为T测，且T测：T计=1：（N＞1），为了解释T测与T计不同，目前有一种流行的理论认为在宇宙中可能存在一种望远镜观测不到的暗物质．我们假定在以这两个星体连线为直径的球体内均匀分布着这种暗物质，请根据上述观测结果确定该星系间暗物质的密度．16．（16分）图示为《男生女生向前冲》娱乐节目现场的滑道示意图，其中AB 为直滑道，水面上漂浮一半径为R、角速度为ω、铺有海绵垫的转盘，转盘的轴心离平台的水平距离为L．小强同学（可视为质点）从高为H的平台边缘抓住竖直杆，在电动机的带动下从A点沿水平方向做初速度为零、加速度为a的匀加速直线运动，运动中杆始终竖直，已知小强的质量为m，与转盘间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．（1）假设小强落到转盘上时相对转盘的速度瞬间减为零，为保证小明落在转盘的任何位置都不会被甩下，转盘的角速度ω应该满足什么条件？（2）若小强能落在转盘上，则小强应在距A点多远的C点松开竖直杆？2015年江苏省高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共5小题．每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）2014年5月，有多个不明飞行物落入黑龙江境内，如图甲所示．图乙所示是一目击者画出的不明飞行物临近坠地时的运动轨迹，则（）A．轨迹上每一点的切线方向，就是不明飞行物的运动方向B．不明飞行物受到的合力方向可能与速度方向相同C．不明飞行物的加速度不变D．若知道引力常量G、地球半径R和不明飞行物落地时的速度大小v，就可以求出地球的质量【解答】解：A、不明飞行物的运动轨迹是曲线，故物体做曲线运动，速度方向为该点曲线的切线方向，故A正确；B、根据物体做曲线运动的条件可知，不明地物所受合力的方向与速度方向不共线，故B错误；C、不明飞行物下落时受到重力和空气阻力的共同作用，在曲线下落过程中阻力方向随速度方向变化，故物体所受合力是变力，不明飞行物的加速度是变化，故C错误；D、不明飞行物不是卫星，不能通过万有引力等于向心力来求地球的质量，故D 错误．故选：A．2．（3分）2013年6月20日，我国宇航员王亚平在天宫授课时，利用质量测量仪粗略测出了聂海胜的质量．若聂海胜受到恒力F从静止开始运动，经时间t移动的位移为S，则聂海胜的质量为（）A．B．C．D．【解答】解：根据得，a=．根据牛顿第二定律得，F=ma，解得m=．故D正确，A、B、C错误．故选：D．3．（3分）由于环境污染严重，今年全国多次出现大面积雾霾天气，对交通造成极大影响，交通事故频发．某人驾驶车辆在一高速公路上行驶，由于大雾与前车发生追尾事故，后经交警调查，描绘出他发现前面正处于减速状态的汽车开始刹车时两车的速度图象如图所示，则以下判断正确的是（）A．后车刹车时两车间距离一定小于90mB．后车刹车时两车间的距离一定等于112mC．两车一定是在t=20s之前的某时刻发生追尾D．两车一定是在t=20s之后的某时刻发生追尾【解答】解：A、B、图中v﹣t图象的交点坐标为：（20s，5m/s）；速度减小为20m/s前，前车的位移：；后车的位移：；故后车刹车时两车的距离差：d＜x2﹣x1=300m﹣200m=100m；故A错误，B错误；C、D、20s后后车的速度小于前车，不可能追尾，故是20s前发生追尾事故，故C正确，D错误；故选：C．4．（3分）加图甲所示，现在很多教室安装了可以滑动的黑板，一位老师用粉笔在黑板上画直线，若粉笔相对于黑板从静止开始先匀加速向上滑动，再匀减速向上滑动至停止，同时黑板以某一速度水平向左匀速运动，则粉笔画出的轨迹可能为图中的（）A．B．C．D．【解答】解：粉笔以某一速度水平向左匀速运动，同时从静止开始先匀加速向上滑动，再匀减速向上滑动至停止，根据做曲线运动的物体所受合外力一定指向曲线凹侧，则粉笔在水平方向始终匀速，在竖直方向先向上加速，后向上减速，由运动的合成与分解，结合矢量合成法则，故C正确；ABD错误．故选：C．5．（3分）如图所示，在某场足球比赛中，曲线1、2、3分别是由同一点踢出的足球的飞行路径，忽略空气的影响，下列说法正确的是（）A．沿路径1飞行的足球的落地速率最大B．沿路径2飞行的足球的初速度的水平分量最大C．沿路径3飞行的足球的运动时间最长D．沿这三条路径飞行的足球在相同的时间内的速度变化量相同【解答】解：设任一足球的初速度大小为v0，初速度的竖直分量为v y，水平分量为v x，初速度与水平方向的夹角为α，上升的最大高度为h，运动时间为t，落地速度大小为v．取竖直向上方向为正方向，足球竖直方向上做匀减速直线运动，加速度为a=﹣g，故做匀变加速运动，相同的时间内的速度变化量相同由0﹣═﹣2gh，得：v y=，由题，最大高度h相等，则三个足球初速度的竖直分量相同；由v y=v0sinα可知v0=，角度越小，水平分速度越大，故路径1足球初速度与水平的夹角最大，则其初速度v0最小其次是2，最大的是3，则路径1的落地速率最小，其次是2，最大的是3，根据机械能守恒定律得知，足球落地时与抛出时速度大小相等．故3的落地速度最大，运动的时间由竖直方向的时间决定，在竖直方向运动时间相同，故运动时间相同，综上所述，ABC错误，D正确．故选：D二、多项选择题：本题共4小题．每小题4分，共16分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．（4分）如图所示，两个可视为质点的相同小球分别在两竖直光滑圆锥的内侧面上以相同的角速度做匀速圆周运动，已知两圆锥面与水平面的夹角分别为30°和45°，重力加速度为g，则（）A．两球的向心加速度大小相等B．两球离地面的高度不相等C．两球的线速度大小不相等D．两球所需的向心力大小相等【解答】解：对任意一球研究，斜面的倾角为θ，受力分析，如图．=mgtanθ=ma，a=gtanθ，则θ不同，a不等；由图可知F合根据向心力公式有mgtanθ=mω2R=m，解得R=，v=ωR球离地的高度为h=Rtanθ=，θ不等，R不等，h不等．由v=ωR，知R不等，则v不等．由F=mgtanθ，知向心力不等，故AD错误，BC正确．故选：BC．7．（4分）2013年12月14日，“嫦娥三号”探月卫星在月面成功实现软着陆．如图所示，在月球椭圆轨道上的已关闭动力的探月卫星在月球引力作用下向月球靠近，并在B处变轨进入半径为r、周期为T的环月轨道运行，后经过多次调整，最后安全着陆．已知引力常量为G，下列理解正确的是（）A．图中探月卫星在飞向B处的过程中，加速度增大B．探月卫星要进入环月轨道应在B处减速C．探月卫星在接近月球表面前只受万有引力作用，应加速着陆D．由题中条件可以计算出月球的质量【解答】解：A、探月卫星在万有引力的作用下向月球靠近，万有引力增大，根据牛顿第二定律知，加速度增大，故A正确；B、在B处要变轨到更小的轨道运动，应点火减速，使得万有引力等于向心力，故B正确；C、在接近月球表面着陆前，为保护着陆器，应减速到速度很小才能安全着陆，C 错误；D、根据得，求出月球的质量M=，故D正确．故选：ABD．8．（4分）刀削面是西北人喜欢的面食之一，全凭刀削得名．如图所示，将一锅水烧开，拿一块面团放在锅旁边较高处，用一刀片飞快地削下一片片很薄的面片儿，面片便水平飞向锅里，若面团到锅的上沿的竖直距离为0.8m，面团离锅上沿最近的水平距离为0.4m，锅的直径为0.4m．若削出的面片落入锅中，则面片的水平初速度可能是（g=10m/s2）（）A．0.8 m/s B．1.2 m/s C．1.8 m/s D．3.0 m/s【解答】解：根据平抛运动的公式，水平方向有x=v0t，竖直方向有：h=gt2，其中0.4 m≤x≤0.8 m，联立可得：1 m/s≤v0≤2 m/s，故BC正确，AD错误．故选：BC9．（4分）如图所示，倾角为α的等腰三角形斜劈固定在水平面上，一足够长的轻质绸带跨过斜劈的顶端铺放在斜面的两侧，绸带与斜劈间无摩擦．现将质量分别为M和m（M＞m）的物块A、B同时轻放在斜面两侧的绸带上，两物块与绸带间的动摩擦因数相同，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等．在α角取不同值的情况下，下列说法正确的有（）A．两物块所受摩擦力的大小总是相等B．两物块可能同时相对绸带静止C．物块A可能相对绸带发生滑动D．物块B不可能相对斜面向上滑动【解答】解：A、轻质绸带与斜面间无摩擦，受两个物体对其的摩擦力，根据牛顿第二定律，有f A﹣f B=ma=0（轻绸带，质量为零），故f A=f B，A对绸带的摩擦力和绸带对A的摩擦力是一对相互作用力，大小相等；B对绸带的摩擦力和绸带对B的摩擦力也是一对相互作用力，大小相等；故两物块所受摩擦力的大小总是相等，故A正确；B、当满足Mgsin α＜μMgcos α、mgsin α＜μmgcosα时，A加速下滑，B加速上滑，且A、B均相对绸带静止，故B正确，D错误．C、由于A与绸带间的最大静摩擦力较大，故绸带与A始终相对静止，B与绸带间可能有相对滑动，故C错误．故选：AB．二、非选择题部分共7小题，把答案填写在答题卷中的横线上或按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．（8分）为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置，板上有两个光电门相距为d，滑动通过细线与重物相连，细线的拉力F大小等于力传感器的示数．让滑块从光电门1有静止释放，记下滑到光电门2的时间t．改变重物质量来改变细绳拉力大小，重复以上操作5次，计算后得到如表中的5组数据．（1）依据表中数据在如图2中画出a﹣F图象．（2）分析a﹣F图象，可求出滑块质量m=0.25kg，滑块和轨道间的动摩擦因数μ=0.2．（重力加速度g=10m/s2）次数a/（m•s﹣2）F/N1 1.00.762 2.00.993 2.9 1.234 4.1 1.505 5.2 1.76【解答】解：（1）依据表中数据运用描点法作出图象：（2）根据F﹣μmg=ma得a=﹣μg，所以滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块质量的倒数．由图形得加速度a和所受拉力F的关系图象斜率k=4，所以滑块质量m=0.25Kg，由图形得，当F=0.5N时，滑块就要开始滑动，所以滑块与轨道间的最大静摩擦力等于0.5N，而最大静摩擦力等于滑动摩擦力，即μmg=0.5N，解得μ=0.2故答案为：（1）如图；（2）0.25，0.211．（10分）三个同学根据不同的实验条件，进行了“探究平抛运动规律”的实验．（1）甲同学采用如图甲所示的装置，用小锤击打弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤击打的力度，使A球被弹出时的速度不同，两球仍然同时落地，这说明平抛运动的竖直方向的分运动是自由落体运动．（2）乙同学采用如图乙所示的装置，两个相同的末端水平的斜槽轨道M、N分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端与光滑的水平板相切，两轨道上端分别装有电磁铁C、D．斜槽轨道M到水平板的高度可调，但两轨道始终保持平行，因此小铁球P、Q在轨道出口处的水平速度总是相等的．现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后同时切断电源，使两小铁球能以相同的初速度同时从轨道M、N的下端A、B水平射出，实验中能观察到的现象是两球将相碰．若仅改变轨道M的高度（两轨道仍然保持平行），重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这是因为平抛运动水平方向的分运动是匀速运动．（3）丙同学采用频闪照相法拍摄到如图丙所示的“小球做平抛运动”的照片，图丙中每个小方格代表的正方形边长L=1.25cm．由图丙可求得拍摄时曝光时间间隔t=0.05s，该小球平抛运动的初速度大小v0=0.5m/s（取g=10m/s2）．【解答】解：（1）金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开自由下落，两球同时落地，改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，知A球竖直方向上的运动规律与B球相同，即平抛运动的竖直分运动是自由落体运动．（2）两小球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的末端射出．实验可观察到两球将相碰，知P球水平方向上的运动规律与Q球相同，即平抛运动在水平方向上做匀速直线运动．（3）在竖直方向上，根据△y=2L=gT2得，T=，则初速度．故答案为：（1）平抛运动的竖直方向的分运动是自由落体运动（2）两球将相碰，平抛运动水平方向的分运动是匀速运动（3）0.05，0.512．（12分）吴菊萍徒手勇救小妞妞，被誉为“最美妈妈”．设妞妞的质量m=10kg，从离地h1=28.5m高的阳台掉下，下落过程中空气阻力约为本身重力的0.4倍；在妞妞开始掉下瞬间，吴菊萍立刻从静止开始匀加速奔跑水平距离S=9m到达楼下，张开双臂在距地面高度为h2=1.5m处接住妞妞，缓冲到地面时速度恰好为零．g=10m/s2．求：（1）妞妞在被接到前下落的时间；（2）吴菊萍跑到楼下时的速度．【解答】解：（1）对妞妞用牛顿第二定律：mg﹣0.4mg=ma1求得：a1=6m/s2妞妞下落过程是匀变速直线运动，由位移时间关系：解得：t=3s（2）吴匀加速运动：解得：a2=2m/s2由速度时间关系：υ2=a2t=2×3=6m/s答：（1）妞妞在被接到前下落的时间为3s；（2）吴菊萍跑到楼下时的速度为6m/s．13．（13分）如图所示，质量为m B=14kg的木板B放在水平地面上，质量为m A=10kg 的货箱A放在木板B上．一根轻绳一端拴在货箱上，另一端拴在地面，绳绷紧时与水平面的夹角为θ=37°．已知货箱A与木板B之间的动摩擦因数μ1=0.5，木板B与地面之间的动摩擦因数μ2=0.4．重力加速度g取10m/s2．现用水平力F 将木板B从货箱A下面匀速抽出，试求：（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）（1）绳上张力T的大小；（2）拉力F的大小．【解答】解：（1）对木箱受力分析可知在竖直方向有：N AB=m A g+Tsinθ水平方向：f AB=Tcosθf AB是滑动摩擦力，有：f AB=μ1（m A g+Tsinθ）解得：=100N，N AB=160N（2）若将A、B作为一个整体，物体系统受力如答图所示，系统处于平衡，受到合外力为零，由图可知竖直方向：N=（m+m）g+Tsinθ=300N地面对木箱的滑动摩擦力：f=μ2N=120N地=200N在水平方向：F=Tcosθ+f地答：（1）绳上张力T为100N（2）拉力F的为200N14．（14分）如图所示，一个可视为质点的质量m=1kg的木块从P点以初速度v0=5m/s向右运动，木块与水平面间的动摩擦因数μ=0.4，木块运动到M点后水平抛出，恰好沿竖直的粗糙圆弧AB的A点的切线方向进入圆弧（不计空气阻力）．已知圆弧的半径R=0.5m，半径OA与竖直半径OB间的夹角θ=53°，木块到达A点时的速度v A=5m/s，sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2．（1）求P到M的距离l．（2）求M、A间的距离s．（3）若木块到达圆弧底端B点时速度大小为v B=5m/s，求此时木块对轨道的压力．【解答】解：（1）由木块运动到M点后水平抛出，恰好沿竖直的粗糙圆弧AB的A点的切线方向进入圆弧可得，M点的速度为：v1=v A cosθ=3m/s，P到M由牛顿第二定律：ma=﹣μmg，解得：a=0.4×10=4m/s2，由运动学：．（2）由平抛运动规律可知，物体到达A点时竖直方向上的速度v y=vsinθ=5×0.8=4m/s；则下落时间t===0.4s；则水平位移x=v1t=3×0.4=1.2m；竖直方向上的距离h===0.8m；则由几何关系可知，MA间的距离s===1.44m；（3）由牛顿第二定律：，解得：．根据牛顿第三定律可知，此时木块对轨道的压力为60N．答：（1）求P到M的距离l=2m．（2）M、A间的距离s为1.44m；（3）若木块到达圆弧底端B点时速度大小v B=5m/s，此时木块对轨道的压力为60N．15．（16分）经过天文望远镜长期观测，人们在宇宙中已经发现了许多双星系统，通过对它们的研究，我们对宇宙中物质的存在形式和分布情况有了较深刻的认识，双星系统由两个星体组成，其中每个星体的线度都远小于两星体之间的距离（一般双星系统距离其他星体很远，可以当作孤立系统来处理）．现根据对某一双星系统的光度学测量确定，该双星系统中每个星体的质量都是m，两者相距L，。

高三物理月考试题及答案-江苏泰州市泰兴一中2015届高三下学期段考试卷(三)

高三物理月考试题及答案-江苏泰州市泰兴一中2015届高三下学期段考试卷(三)

2014-2015学年江苏省泰州市泰兴一中高三（下）段考物理试卷（三）一、单项选择题：本大题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）（2015•江苏一模）两根相互靠近的长直导线1、2中通有相同的电流，相互作用力为F．若在两根导线所在空间内加一匀强磁场后，导线2所受安培力的合力恰好为零．则所加磁场的方向是（）A．垂直纸面向里B．垂直纸面向外C．垂直导线向右D．垂直导线向左2．（3分）（2015•江苏一模）如图所示为空间站中模拟地球上重力的装置．环形实验装置的外侧壁相当于“地板”．让环形实验装置绕O点旋转，能使“地板”上可视为质点的物体与在地球表面处有同样的“重力”，则旋转角速度应为（地球表面重力加速度为g，装置的外半径为R）（）A．B．C．2D．3．（3分）（2015•江苏一模）如图所示，边长为a的导线框abcd处于磁感应强度为B0的匀强磁场中，bc边与磁场右边界重合．现发生以下两个过程：一是仅让线框以垂直于边界的速度v匀速向右运动；二是仅使磁感应强度随时间均匀变化．若导线框在上述两个过程中产生的感应电流大小相等，则磁感应强度随时间的变化率为（）A．B．C．D．4．（3分）（2015春•泰兴市校级月考）已知月球半径为R，飞船在距月球表面高度为R的圆轨道上飞行，周期为T．万有引力常量为G，下列说法正确的是（）A．月球第一宇宙速度为B．月球质量为C．月球密度为D．月球表面重力加速度为R5．（3分）（2015•江苏一模）汽车从静止开始先做匀加速直线运动，然后做匀速运动．汽车所受阻力恒定，下列汽车功率P与时间t的关系图象中，能描述上述过程的是（）A．B．C．D．二、多项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分．6．（4分）（2015•江苏一模）如图所示，轻质弹簧上端固定，下端系一物体．物体在A处时，弹簧处于原长状态．现用手托住物体使它从A处缓慢下降，到达B处时，手和物体自然分开．此过程中，物体克服手的支持力所做的功为W．不考虑空气阻力．关于此过程，下列说法正确的有（）A．物体重力势能减小量一定大于WB．弹簧弹性势能增加量一定小于WC．物体与弹簧组成的系统机械能增加量为WD．若将物体从A处由静止释放，则物体到达B处时的动能为W7．（4分）（2015春•泰兴市校级月考）图中理想变压器的原、副线圈匝数之比为2：1，电阻R1=R2=10Ω，电表A、V均为理想交流电表．若R1两端电压μ1=10sin100πt（V），则下列说法正确的有（）A．电流表的示数为0.5 AB．电压表示数为14.14VC．R1消耗的功率为20WD．原线圈输入交流电频率为50Hz8．（4分）（2015春•泰兴市校级月考）如图所示，从同一竖直线上不同高度A、B两点处，分别以速率v1、v2同向水平抛出两个小球，P为它们运动轨迹的交点．则下列说法正确的有（）A．若同时抛出，两球不可能在P点相碰B．两球在P点一定具有相同的速率C．若同时抛出，落地前两球之间的距离逐渐变大D．若同时抛出，落地前两球竖直方向的距离逐渐变大9．（4分）（2015•江苏一模）沿电场中某条直线电场线方向建立x轴，该电场线上各点电场强度E随x的变化规律如图所示，坐标点0、x1、x2和x3分别与x轴上O、A、B、C四点相对应，相邻两点间距相等．一个带正电的粒子从O点附近由静止释放，运动到A点处的动能为E k，仅考虑电场力作用．则（）A．从O点到C点，电势先升高后降低B．粒子先做匀加速运动，后做变加速运动C．粒子在AB段电势能变化量大于BC段的D．粒子运动到C点时动能小于3E k三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．【必做题】10．（8分）（2015•江苏一模）在测量某电源电动势和内电阻的实验中：（1）图1是实验中得到的U﹣I图象，由此可得该电源电动势和内电阻的测量值分别是_________V和_________Ω；（以上结果均保留两位有效数字）（2）某同学在完成上述实验之后，又进行了下述探究实验．他将相同器材分别按图2和图3所示电路进行连接，在每次保持电压表（可视为理想电表）示数相同的情形下，读出电流表的示数分别为I1和I2．调节滑动变阻器R，测得多组数据，得到I1与I2的关系为：I1=kI2（k为已知）则电流表与电源的内阻之比为_________．11．（10分）（2015•江苏一模）某研究性学习小组用图1装置来测定当地重力加速度，主要操作如下：①安装实验器材，调节试管夹（小铁球）、光电门和纸杯在同一竖直线上；②打开试管夹，由静止释放小铁球，用光电计时器记录小铁球在两个光电门间的运动时间t，并用刻度尺（图上未画出）测量出两个光电门之间的高度h，计算出小铁球通过两光电门间的平均速度v；③保持光电门1的位置不变，改变光电门2的位置，重复②的操作．测出多组（h，t），计算出对应的平均速度v；④画出v﹣t图象请根据实验，回答如下问题：（1）设小铁球到达光电门1时的速度为v0，当地的重力加速度为g．则小铁球通过两光电门间平均速度v的表达式为_________．（用v0、g和t表示）（2）实验测得的数据如表：请在如图2坐标纸上画出v﹣t图象．（3）根据v﹣t图象，可以求得当地重力加速度g=_________m/s2，试管夹到光电门1的距离约为_________cm．（以上结果均保留两位有效数字）【选做题】本题包括A、B、C三小题，请选定其中两题，并在答题卡相应的答题区域内作答．若三题都做，则按A、B两题评分．A．（选修模块3-3）（12分）12．（4分）（2015•江苏一模）下列说法中正确的是（）A．在较暗的房间里，看到透过窗户的“阳光柱”里粉尘的运动不是布朗运动B．随着分子间距离增大，分子间作用力减小，分子势能也减小C．“第一类永动机”不可能制成，是因为它违反了能量守恒定律D．一定量理想气体发生绝热膨胀时，其内能不变13．（8分）（2015•江苏一模）（1）如图所示是一定质量的理想气体沿直线ABC发生状态变化的p﹣V图象．已知A→B的过程中，理想气体内能变化量为250J，吸收的热量为500J，则由B→C的过程中，气体温度_________（选填“升高”或“降低”），放出热量_________J．（2）在1atm、0℃下，1mol理想气体的体积均为22.4L．若题（1）中气体在C时的温度为27℃，求该气体的分子数（结果取两位有效数字）．阿伏伽德罗常数取6.0×1023mol﹣1．B．（选修模块3-4）（12分）14．（4分）（2015•江苏一模）下列说法中正确的是（）A．光速不变原理指出光在真空中传播速度在不同惯性参考系中都是相同的B．变化的电场一定产生变化的磁场，变化的磁场一定产生变化的电场C．在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变宽D．声源与观察者相对靠近时，观察者所接收的频率大于声源振动的频率15．（4分）（2015•江苏一模）如图所示，实线是一列简谐横波在t时刻的波形图，虚线是在t时刻后△t=0.2s时刻的波形图．已知△t＜T．若该简谐波的波速为5m/s，则质点M在t时刻的振动方向为_________，质点M在△t时间内通过的路程为_________m．16．（4分）（2015•潍坊模拟）如图所示，一艘赛艇停在平静的水面上，赛艇前部上端有一标记P，在其正前方A处有一浮标．潜水员从P前方S=4m处开始下潜，当下潜至深度为H=2m的B处时，才能看到赛艇尾端后方水面上的景物，且看到P刚好被浮标挡住．测得PA、BA与竖直方向的夹角分别为53°和37°．忽略赛艇吃水深度，求赛艇的长度L．sin53°=0.8，cos53°=0.6．C．（选修模块3-5）（12分）17．（2015•江苏一模）在光电效应实验中，用同一种单色光，先后照射锌和银的表面，都能发生光电效应现象．对于这两个过程，下列四个物理量中，一定不同的是（）A．单位时间内逸出的光电子数B．反向截止电压C．饱和光电流D．光电子的最大初动能18．（2015•江苏一模）电子俘获是指原子核俘获一个核外轨道电子，使核内一个质子转变为一个中子．一种理论认为地热是镍58（Ni）在地球内部的高温高压环境下发生电子俘获核反应生成钴57（Co）时产生的．则镍58电子俘获的核反应方程为_________；若该核反应中释放出的能量与一个频率为γ的光子能量相等，已知真空中光速和普朗克常量分别是c 和h，则该核反应中质量亏损△m为_________．19．（2015•江苏一模）如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q均可视为质点，质量均为m，Q与轻质弹簧相连并处于静止状态，P以初速度v向Q运动并与弹簧发生作用．求整个过程中弹簧的最大弹性势能．四、计算题：本题共3小题，计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只有最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．20．（15分）（2015•江苏一模）如图是某学习小组在空旷的场地上做“摇绳发电实验”的示意图．他们将一铜芯线像甩跳绳一样匀速摇动，铜芯线的两端分别通过细铜线与灵敏交流电流表相连．摇绳的两位同学的连线与所在处的地磁场（可视为匀强磁场）垂直．摇动时，铜芯线所围成半圆周的面积S=2m2，转动角速度ω=10rad/s，用电表测得电路中电流I=40μA，电路总电阻R=10Ω，取=2.25．（1）求该处地磁场的磁感应强度B；（2）从铜芯线所在平面与该处地磁场平行开始计时，求其转过四分之一周的过程中，通过电流表的电量q；（3）求铜芯线转动一周的过程中，电路产生的焦耳热Q．21．（16分）（2015•潍坊模拟）如图所示为仓储公司常采用的“自动化”货物装卸装置，两个相互垂直的斜面固定在地面上，货箱A（含货物）和配重B通过与斜面平行的轻绳跨过光滑滑轮相连．A装载货物后从h=8.0m高处由静止释放，运动到底端时，A和B同时被锁定，卸货后解除锁定，A在B的牵引下被拉回原高度处，再次被锁定．已知θ=53°，B的质量M 为1.0×103kg，A、B与斜面间的动摩擦因数均为μ=0.5，滑动摩擦力与最大静摩擦力相等，g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6．（1）为使A由静止释放后能沿斜面下滑，其质量m需要满足什么条件？（2）若A的质量m=4.0×103kg，求它到达底端时的速度v；（3）为了保证能被安全锁定，A到达底端的速率不能大于12m/s．请通过计算判断：当A 的质量m不断增加时，该装置能否被安全锁定．22．（16分）（2015•江苏一模）如图1所示，在xoy平面的第Ⅰ象限内有沿x轴正方向的匀强电场E1；第Ⅱ、Ⅲ象限内同时存在着竖直向上的匀强电场E2和垂直纸面的匀强磁场B，E2=2.5N/C，磁场B随时间t周期性变化的规律如图2所示，B0=0.5T，垂直纸面向外为磁场正方向．一个质量为m、电荷量为q的带正电液滴从P点（0.6m，0.8m）处以速度v0=3m/s 沿x轴负方向入射，恰好以指向y轴负方向的速度v经过原点O后进入x≤0的区域．已知：m=5×10﹣5kg，q=2×10﹣4C，t=0时液滴恰好通过O点，g取10m/s2．（1）求电场强度E1和液滴到达O点时速度v的大小；（2）液滴从P点开始运动到第二次经过x轴所需的时间；（3）若从某时刻起磁场突然消失，发现液滴恰好以与y轴正方向成30°角的方向穿过y轴后进入x＞0的区域，试确定液滴穿过y轴时的位置．2014-2015学年江苏省泰州市泰兴一中高三（下）段考物理试卷（三）参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）（2015•江苏一模）两根相互靠近的长直导线1、2中通有相同的电流，相互作用力为F．若在两根导线所在空间内加一匀强磁场后，导线2所受安培力的合力恰好为零．则所加磁场的方向是（）A．垂直纸面向里B．垂直纸面向外C．垂直导线向右D．垂直导线向左考点：安培力．分析：当两根通大小相同方向相同的电流时，12两导线受到是引力，故2受到向左的安培力，故所加的磁场使导线受到的安培力向右，根据左手定则可知即可判断解答：解：当两根通大小相同方向相同的电流时，12两导线受到是引力，故2受到向左的安培力，故所加的磁场使导线受到的安培力向右，根据左手定则所加的磁场方向为垂直纸面向外，故B正确；故选：B点评：当没有加入匀强磁场时，两根通电直导线的作用力是相互；当加入匀强磁场时，根据共点力平衡即可判断2．（3分）（2015•江苏一模）如图所示为空间站中模拟地球上重力的装置．环形实验装置的外侧壁相当于“地板”．让环形实验装置绕O点旋转，能使“地板”上可视为质点的物体与在地球表面处有同样的“重力”，则旋转角速度应为（地球表面重力加速度为g，装置的外半径为R）（）A．B．C．2D．考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：根据题意，能使“地板”上可视为质点的物体与在地球表面处有同样的“重力”，结合牛顿第二定律求出角速度的大小．解答：解：根据牛顿第二定律得，mg=mRω2，解得，故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解．基础题．3．（3分）（2015•江苏一模）如图所示，边长为a的导线框abcd处于磁感应强度为B0的匀强磁场中，bc边与磁场右边界重合．现发生以下两个过程：一是仅让线框以垂直于边界的速度v匀速向右运动；二是仅使磁感应强度随时间均匀变化．若导线框在上述两个过程中产生的感应电流大小相等，则磁感应强度随时间的变化率为（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；法拉第电磁感应定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：仅让线框以垂直于边界的速度v匀速向右运动时产生的感应电动势为E=Bav；仅使磁感应强度随时间均匀变化产生的感应电动势为E==a2，根据感应电流大小相等，感应电动势大小相等，即可求解．解答：解：仅让线框以垂直于边界的速度v匀速向右运动时产生的感应电动势为E1=B0av；仅使磁感应强度随时间均匀变化产生的感应电动势为E2==a2据题线框中感应电流大小相等，则感应电动势大小相等，即E1=E2．解得=故选：B．点评：解决本题的关键要掌握法拉第电磁感应定律两种表达式，明确只有磁场变化时，感应电动势为E==S．4．（3分）（2015春•泰兴市校级月考）已知月球半径为R，飞船在距月球表面高度为R的圆轨道上飞行，周期为T．万有引力常量为G，下列说法正确的是（）A．月球第一宇宙速度为B．月球质量为C．月球密度为D．月球表面重力加速度为R考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：飞船在距月球表面高度为R的圆轨道上飞行，做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列式；在月球表面，重力等于万有引力，根据万有引力定律列式；月球的第一宇宙速度等于月球表面的瞬时速度解答：解：A、月球第一宇宙速度为：=，故A错误；B、D、飞船在距月球表面高度为R的圆轨道上做匀速圆周运动，故：G=m（）2（R+R）在月球表面，重力等于万有引力，故：G=mg联立解得：g=M=故B正确，D错误；C、月球的密度：==；故C错误；故选：B点评：本题是卫星类型的问题，常常建立这样的模型：环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，由中心天体的万有引力提供向心力．重力加速度g是联系星球表面宏观物体运动和天体运动的桥梁5．（3分）（2015•江苏一模）汽车从静止开始先做匀加速直线运动，然后做匀速运动．汽车所受阻力恒定，下列汽车功率P与时间t的关系图象中，能描述上述过程的是（）A．B．C．D．考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：根据P=Fv分析：匀加速运动时F不变，v随时间均匀增大，故P随时间均匀增大，当匀速时牵引力等于阻力，说明牵引力突变，故功率突变．解答：解：根据P=Fv分析知匀加速运动时牵引力大于阻力，F不变，v随时间均匀增大，故P随时间均匀增大，故AD错误；当匀速时牵引力等于阻力，说明F突变小，速度不变，故功率突变小，以后保持不变，故B 错误，C正确．故选：C点评：此题考查P=Fv的应用，注意在机车问题中F为牵引力，不是合力，力可以突变，速度不会突变．二、多项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分．6．（4分）（2015•江苏一模）如图所示，轻质弹簧上端固定，下端系一物体．物体在A处时，弹簧处于原长状态．现用手托住物体使它从A处缓慢下降，到达B处时，手和物体自然分开．此过程中，物体克服手的支持力所做的功为W．不考虑空气阻力．关于此过程，下列说法正确的有（）A．物体重力势能减小量一定大于WB．弹簧弹性势能增加量一定小于WC．物体与弹簧组成的系统机械能增加量为WD．若将物体从A处由静止释放，则物体到达B处时的动能为W考点：功能关系；弹性势能．分析：物体在B为平衡位置mg=kh，根据功能关系分析能量变化情况即可．解答：解：A、重物在向下运动的过程中，要克服弹簧拉力做功W弹力，根据动能定理知mgh ﹣W﹣W弹力=0，故物体重力势能减小量一定大于W，故A正确；B、根据动能定理知mgh﹣W﹣W弹力=0，由平衡知kh=mg，即mgh﹣W==，弹簧弹性势能增加量一定等于W，B错误；C、物体克服手的支持力所做的功为W，机械能减小W，故C错误；D、重物从静止下落到B速度最大的过程中，根据动能定理，有mgh﹣=E k结合B选项知E k==W，故D正确；故选：AD点评：本题通过弹簧模型综合考了力与运动关系、动能定理、能量守恒定律，综合性较强．7．（4分）（2015春•泰兴市校级月考）图中理想变压器的原、副线圈匝数之比为2：1，电阻R1=R2=10Ω，电表A、V均为理想交流电表．若R1两端电压μ1=10sin100πt（V），则下列说法正确的有（）A．电流表的示数为0.5 AB．电压表示数为14.14VC．R1消耗的功率为20WD．原线圈输入交流电频率为50Hz考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据部分电路的欧姆定律、以及电流与匝数成反比即可求得结论解答：解：A、R1两端电压u1=10sin100πt（V），其最大值是10V，有效值是10V；由于电阻R1=R2=10Ω则两个电阻上分担的电压是相等的，所以电压表的读数是10V，副线圈中的电流与流过R1、R2的电流是相等的，即：I2==1A，由原副线圈的电流与匝数的关系得：I1==0.5A，故A正确B错误；C、流过R1、R2的电流是相等的，R1消耗的功率为P R1=I2R=12×10=10W，故C错误；D、变压器不会改变电流的频率，则副线圈输出电流的f==50Hz，故D正确．故选：AD点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，即电压与匝数成正比，电流与匝数成反比．知道正弦交变电流最大值和有效值之间的关系即可解决本题8．（4分）（2015春•泰兴市校级月考）如图所示，从同一竖直线上不同高度A、B两点处，分别以速率v1、v2同向水平抛出两个小球，P为它们运动轨迹的交点．则下列说法正确的有（）A．若同时抛出，两球不可能在P点相碰B．两球在P点一定具有相同的速率C．若同时抛出，落地前两球之间的距离逐渐变大D．若同时抛出，落地前两球竖直方向的距离逐渐变大考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动的高度决定运动的时间，结合下降的高度判断两球能否在P点相碰．若两球同时抛出，在竖直方向上相同时间内位移大小相等，结合水平方向位移的变化判断两物体间的距离变化．解答：解：A、若同时抛出，在P点，A下落的高度大于B下落的高度，则A下落的时间大于B下落的时间，可知两球不可能在P点相碰，故A正确．B、两球的初速度大小关系未知，在P点，A的竖直分速度大于B的竖直分速度，根据平行四边形定则知，两球在P点的速度大小不一定相同，故B错误．C、若同时抛出，由图可知，下落相同的高度，B的水平位移大于A的水平位移，可知B的初速度大于A的初速度，由于两球在竖直方向上的距离不变，水平距离逐渐增大，则两球之间的距离逐渐增大，故C正确．D、若同时抛出，根据h=知，经过相同的时间下落的高度相同，则竖直方向上的距离保持不变，故D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．9．（4分）（2015•江苏一模）沿电场中某条直线电场线方向建立x轴，该电场线上各点电场强度E随x的变化规律如图所示，坐标点0、x1、x2和x3分别与x轴上O、A、B、C四点相对应，相邻两点间距相等．一个带正电的粒子从O点附近由静止释放，运动到A点处的动能为E k，仅考虑电场力作用．则（）A．从O点到C点，电势先升高后降低B．粒子先做匀加速运动，后做变加速运动C．粒子在AB段电势能变化量大于BC段的D．粒子运动到C点时动能小于3E k考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场力做正功，动能增加，电势能减小，因是正电荷则电势降低，动能的变化量等于电势能的变化量，结合动能定理逐项分析．解答：解：A、由O点到C点，沿电场方向，电势一直降低，则A错误B、带正电的粒子一直加速运动，则B错误C、AB段的平均电场力大于BC的平均电场力，则电场力做功不则粒子在AB段电势能变化量大于BC段的，C正确D、由A到C电场力做功小于2E K，则粒子运动到C点时动能小于3E k，则D正确故选：CD点评：考查电场力做功与能量的变化关系，明确电场力做功与电势能的变化关系，结合运动定理求解．三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．【必做题】10．（8分）（2015•江苏一模）在测量某电源电动势和内电阻的实验中：（1）图1是实验中得到的U﹣I图象，由此可得该电源电动势和内电阻的测量值分别是1.4V 和0.86Ω；（以上结果均保留两位有效数字）（2）某同学在完成上述实验之后，又进行了下述探究实验．他将相同器材分别按图2和图3所示电路进行连接，在每次保持电压表（可视为理想电表）示数相同的情形下，读出电流表的示数分别为I1和I2．调节滑动变阻器R，测得多组数据，得到I1与I2的关系为：I1=kI2（k为已知）则电流表与电源的内阻之比为k﹣1．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：（1）伏安持性曲线中图象与纵坐标的交点为电源的电动势；图象的斜率表示内阻；（2）明确实验原理，由闭合电路欧姆定律列式联立可求得电流表内阻与电源内阻的比值．解答：解：（1）由图1可知，电源的电动势E=1.4V，内阻r==0.86Ω；（2）由闭合电路欧姆定律可知：E=U+IrE=U+I2（r+R A）联立解得：=k﹣1；故答案为：（1）1.4 0.86 （2）（k﹣1）点评：本题考查测量电动势和内阻的实验，要注意正确分析题意，明确实验原理，由闭合电路欧姆定律可明确数据处理方法．11．（10分）（2015•江苏一模）某研究性学习小组用图1装置来测定当地重力加速度，主要操作如下：①安装实验器材，调节试管夹（小铁球）、光电门和纸杯在同一竖直线上；②打开试管夹，由静止释放小铁球，用光电计时器记录小铁球在两个光电门间的运动时间t，并用刻度尺（图上未画出）测量出两个光电门之间的高度h，计算出小铁球通过两光电门间的平均速度v；③保持光电门1的位置不变，改变光电门2的位置，重复②的操作．测出多组（h，t），计算出对应的平均速度v；④画出v﹣t图象请根据实验，回答如下问题：（1）设小铁球到达光电门1时的速度为v0，当地的重力加速度为g．则小铁球通过两光电门间平均速度v的表达式为v=v0+gt．（用v0、g和t表示）（2）实验测得的数据如表：请在如图2坐标纸上画出v﹣t图象．（3）根据v﹣t图象，可以求得当地重力加速度g=9.7m/s2，试管夹到光电门1的距离约为6.2cm．（以上结果均保留两位有效数字）。

江苏省泰州市2015届高三第二次模拟考试答案

江苏省泰州市2015届高三第二次模拟考试答案

5.方茴说：“那时候我们不说爱，爱是多么遥远、多么沉重的字眼啊。

我们只说喜欢，就算喜欢也是偷偷摸摸的。

”6.方茴说：“我觉得之所以说相见不如怀念，是因为相见只能让人在现实面前无奈地哀悼伤痛，而怀念却可以把已经注定的谎言变成童话。

”7.在村头有一截巨大的雷击木，直径十几米，此时主干上唯一的柳条已经在朝霞中掩去了莹光，变得普普通通了。

8.这些孩子都很活泼与好动，即便吃饭时也都不太老实，不少人抱着陶碗从自家出来，凑到了一起。

9.石村周围草木丰茂，猛兽众多，可守着大山，村人的食物相对来说却算不上丰盛，只是一些粗麦饼、野果以及孩子们碗中少量的肉食。

遗憾，每个遗憾都有它的青春美。

4.方茴说：“可能人总有点什么事，是想忘也忘不了的。

” 5.方茴说：“那时候我们不说爱，爱是多么遥远、多么沉重的字眼啊。

我们只说喜欢，就算喜欢也是偷偷摸摸的。

” 6.方茴说：“我觉得之所以说相见不如怀念，是因为相见只能让人在现实面前无奈地哀悼伤痛，而怀念却可以把已经注定的谎言变成童话。

” 7.在村头有一截巨大的雷击木，直径十几米，此时主干上唯一的柳条已经在朝霞中掩去了莹光，变得普普通通了。

8.这些孩子都很活泼与好动，即便吃饭时也都不太老实，不少人抱着陶碗从自家出来，凑到了一起。

9.石村周围草木丰茂，猛兽众多，可守着大山，村人的食物相对来说却算不上丰盛，只是一些粗麦饼、野果以及孩子们碗中少量的肉食。

1.“噢，居然有土龙肉，给我一块！”泰州市2015届高三第二次模拟考试物理试卷参考答案及评分标准第Ⅰ卷 选择题(共31分)一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意. 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中，有多个．．正确选项.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分. 第Ⅱ卷（非选择题 共89分）三、简答题：本题分必做题（第l0、11题)和选做题(第12题)两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．10．（1） 1.80 (1.80-1.84)（2分） 0.9（2分） 5（2分） （2） D （2分）11．（1）黑（1分） 21～22（1分）（2）①R 2（2分） ②电路如下左图所示（2分），5.方茴说：“那时候我们不说爱，爱是多么遥远、多么沉重的字眼啊。

2024届江苏省南通泰州市高三下学期第二次调研测试全真演练物理试题

2024届江苏省南通泰州市高三下学期第二次调研测试全真演练物理试题

2024届江苏省南通泰州市高三下学期第二次调研测试全真演练物理试题一、单选题 (共7题)第(1)题图甲为一列简谐波在时的波形图，M是平衡位置为10m处的质点，图乙为质点M的振动图像，则（）A．该列波沿x轴负方向传播B．该波的波速大小为C．在时，处的质点加速度沿y轴负方向D．处质点振动方程为第(2)题迫使做匀速圆周运动物体的运动方向不断改变的原因是（ ）A．向心力B．向心加速度C．线速度D．角速度第(3)题如图甲所示，一长为l的轻绳，一端穿在过O点的水平转轴上，另一端固定一质量未知的小球，整个装置绕O点在竖直面内转动。

小球通过最高点时，绳对小球的拉力F与其速度平方v2的关系如图乙所示，重力加速度为g，下列判断正确的是（ ）A．图像函数表达式为B．重力加速度C．绳长不变，用质量较小的球做实验，得到的图线斜率更大D．绳长不变，用质量较小的球做实验，图线b点的位置不变第(4)题下列现象可以说明光具有粒子性的是（ ）A．光电效应B．光的偏振C．光的衍射D．光的干涉第(5)题如图所示，虚线为某电场中的三条电场线1、2、3，实线表示某带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，则下列说法中正确的是（ ）A．粒子在a点的加速度大小大于在b点的加速度大小B．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能C．粒子在a点的速度大小大于在b点的速度大小D．a点的电势高于b点的电势第(6)题如图所示，半球形容器内有三块不同长度的滑板、、，其下端都固定于容器底部点，上端搁在容器侧壁上，已知三块滑板的长度。

若三个滑块同时从A、B、C处开始由静止下滑（忽略阻力），则（ ）A．A处滑块最先到达点B．B处滑块最先到达点C．C处滑块最先到达点D．三个滑块同时到达点第(7)题2023年11月3日发生木星冲日现象，木星冲日是指木星、地球和太阳几乎排列成一线，地球位于太阳与木星之间。

此时木星被太阳照亮的一面完全朝向地球，所以明亮而易于观察。

江苏省泰州市泰兴一中2015届高考物理模拟试卷(含解析)

江苏省泰州市泰兴一中2015届高考物理模拟试卷(含解析)

2015年江苏省泰州市泰兴一中高考物理模拟试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意．1．伽利略和牛顿都是物理学发展史上最伟大的科学家，巧合的是，牛顿就出生在伽利略去世后第二年．下列关于力和运动关系的说法中，不属于他们的观点为是（）A．自由落体运动是一种匀变速直线运动B．力是使物体产生加速度的原因C．物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性D．力是维持物体运动的原因2．质点作直线运动时的加速度随时间变化的关系如图所示，该图线的斜率为k，图中斜线部分面积S，下列说法正确的是（）A．斜率k表示速度变化的快慢B．斜率k表示速度变化的大小C．面积S表示t1﹣t2的过程中质点速度的变化量D．面积S表示t1﹣t2的过程中质点的位移3．用电动势为E，内阻为r的电源对一直流电动机供电，如果电动机的输出功率是电源总功率的70%，流过电动机的电流为I，则电动机的内阻为（）A．B．C．D．4．如图所示，足够长的竖直粗糙绝缘管处于方向彼此垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，电场E和磁场B的方向如图，一个带正电的小球从静止开始沿管下滑，则在下滑过程中小球的加速度a和时间t的关系图象正确的是（）A．B．C．D．5．如图所示的电路中，R1是定值电阻，R2是光敏电阻，电源的内阻不能忽略．闭合开关S，当光敏电阻上的关照强度增大时，下列说法中正确的是（）A．通过R2的电流减小B．电源的路端电压减小C．电容器C所带的电荷量增加 D．电源的效率增大6．如图所示，球网高出桌面H，网到桌边的距离为L．某人在乒乓球训练中，从左侧处，将球沿垂直于网的方向水平击出，球恰好通过网的上沿落到右侧桌边缘．设乒乓球运动为平抛运动．则（）A．击球点的高度与网高度之比为2：1B．乒乓球在网左右两侧运动时间之比为2：1C．乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比为1：2D．乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为1：2二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．火星表面特征非常接近地球，适合人类居住．近期，我国宇航员王跃正与俄罗斯宇航员一起进行“模拟登火星”实验活动．已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期也基本相同．地球表面重力加速度是g，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是（）A．王跃在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的倍B．火星表面的重力加速度是C．火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍D．王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是8．如图所示，矩形线圈abcd与理想变压器原线圈组成闭合电路．线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动，磁场只分布在bc边的左侧，磁感应强度大小为B，线圈转动的角速度为ω，匝数为N，线圈电阻不计．下列说法正确的是（）A．将原线圈抽头P向上滑动时，灯泡变暗B．电容器的电容C变大时，灯泡变暗C．线圈处于图示位置时，电压表读数为0D．若线圈转动的角速度变为2ω，则电压表读数变为原来2倍9．一木块放在水平地面上，在力F=2N作用下向右运动，水平地面AB段光滑，BC段粗糙，木块从A点运动到C点的v﹣t图如图所示，取g=10m/s2，则（）A．在t=6s时，拉力F的功率为8WB．在t=6s时，物体克服摩擦力的功率为3.5WC．拉力在AC段做功为38JD．物体在BC段克服摩擦力做功为38J10．一空间存在匀强电场，场中A、B、C、D四个点恰好构成正四面体，如图所示．已知电场强度大小为E，方向平行于正四面体的底面ABC，正四面体棱长为cm．已知U AC=6V、U BC=6V，则（）A．U DC=4V B．U DC=3V C．E=200 V/m D．E=V/m11．如图甲所示，螺线管内有一平行于轴线的磁场，规定图中箭头所示方向为磁感应强度B 的正方向，螺线管与U型导线框cdef相连，导线框cdef内有一半径很小的金属圆环L，圆环与导线框cdef在同一平面内，当螺线管内的磁感应强度随时间按图乙所示规律变化时，下列选项中正确的是（）A．在t1时刻，金属圆环L内的磁通量最大B．在t2时刻，金属圆环L内的磁通量最大C．在t1～t2时间内，金属圆环L内有逆时针方向的感应电流D．在t1～t2时间内，金属圆环L有收缩的趋势12．如图所示，圆心在O点、半径为R的光滑圆弧轨道ABC竖直固定在水平桌面上，OC与OA的夹角为60°，轨道最低点A与桌面相切．一足够长的轻绳两端分别系着质量为m1和m2的两小球（均可视为质点，m1＞m2），挂在圆弧轨道光滑边缘C的两边，开始时m1位于C点，然后从静止释放．则（）A．在m1由C点下滑到A点的过程中两球速度大小始终相等B．在m1由C点下滑到A点的过程中m1的速率始终比m2的速率大C．若m1恰好能沿圆弧下滑到A点，则m1=2m2D．若m1恰好能沿圆弧下滑到A点，则m1=3m2三、实验题：本大题有2小题，共20分．13．用如图所示装置可验证机械能守恒定律．轻绳两端系着质量相等的物块A、B，物块B 上放置一金属片C．铁架台上固定一金属圆环，圆环处在物块B正下方．系统静止时，金属片C与圆环间的高度差为h．由此释放B，系统开始运动，当物块B穿过圆环时，金属片C 被搁置在圆环上．两光电门固定在铁架台上的P1、P2处，通过数字计时器可测出物块B通过P1、P2这段距离的时间．（1）若测得P1、P2之间的距离为d，物块B通过这段距离的时间为t，则物块B刚穿过圆环后的速度v= ．（2）若物块A、B的质量均用M表示，金属片C的质量用m表示，该实验中验证下面哪个等式成立即可验证机械能守恒定律．正确选项为．A．mgh=Mv2 B．mgh=Mv2 C．mgh=（2M+m）v2 D．mgh=（M+m）v2（3）改变物块B的初始位置，使物块B由不同的高度落下穿过圆环，记录各次高度差h以及物块B通过P1、P2这段距离的时间t，以h为纵轴，以（填“t2”或“”）为横轴，通过描点作出的图线是一条过原点的直线，该直线的斜率大小为k= ．14．金属材料的电阻率通常随温度的升高而增大，半导体材料的电阻率随温度的升高而减少．某同学需要研究某导电材料的导电规律，他用该种导电材料制作为电阻较小的线状元件Z做实验，测量元件Z中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律．（1）他应选用图所示的电路进行实验（2）实验测得元件Z的电压与电流的关系如下表所示．根据表中数据，判断元件Z是（填“金属材料”或“半导体材料”）；（3）用螺旋测微器测量线状元件Z的直径如图2所示，则元件Z的直径是mm．（4）把元件Z接入如图1所示的电路中，当电阻R的阻值为R1=2Ω时，电流表的读数为1.25A；当电阻R的阻值为R2=3.6Ω时，电流表的读数为0.80A．结合上表数据，求出电池的电动势为V，内阻为Ω．（不计电流表的内阻）四．计算题：本题共4小题，共计58分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的提，答案中必须明确写出数值和单位．15．如图所示，质量为m=0.10kg的小物块以水平初速度v0冲上粗糙的水平桌面向右做匀减速直线运动，滑行距离l=1.4m后以速度v=3.0m/s飞离桌面，最终落在水平地面上．物块与桌面间的动摩擦因数μ=0.25，桌面高h=0.45m．不计空气阻力，重力加速度取10m/s2．求（1）小物块落地点距飞出点的水平距离s；（2）小物块落地时的动能E K（3）小物块的初速度大小v0．16．如图（甲）所示，MN、PQ为水平放置的足够长的平行光滑导轨，导轨间距L为0.5m，导轨左端连接一个阻值为2Ω的定值电阻R，将一根质量为0.2kg的金属棒cd垂直放置在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒cd的电阻r=2Ω，导轨电阻不计，整个装置处于垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感应强度B=2T．若棒以1m/s的初速度向右运动，同时对棒施加水平向右的拉力F作用，并保持拉力的功率恒为4W，从此时开始计时，经过2s金属棒的速度稳定不变，图（乙）为安培力与时间的关系图象．试求：（1）金属棒的最大速度；（2）金属棒的速度为3m/s时的加速度；（3）求从开始计时起2s内电阻R上产生的电热．17．如图所示，竖直的四分之一圆弧光滑轨道固定在平台AB上，轨道半径R=1.8m，底端与平台相切于A点．倾角为θ=37°的斜面BC紧靠平台固定，斜面顶端与平台等高．从圆弧轨道最高点由静止释放质量为m=1kg的滑块a，当a运动到B点的同时，与滑块a质量相同的滑块b从斜面底端C点以速度v0=5m/s沿斜面向上运动，a、b（视为质点）恰好在斜面上的P点相遇，已知AB长度s=2m，a与AB面及b与BC面间的动摩擦因数均为μ=0.5，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）滑块a在圆弧轨道底端时对轨道压力；（2）滑块到B点时的速度大小；（3）斜面上P、C间的距离．18．如图甲所示，在xOy平面内有足够大的匀强电场，电场方向竖直向上，电场强度E=40N/C，在y轴左侧区域内有足够大的瞬时磁场，磁感应强度B1随时间t变化的规律如图乙所示，15πs后磁场消失，选定磁场方向垂直纸面向里为正方向．在y轴右侧区域内还有方向垂直纸面向外的恒定的匀强磁场，分布在一个半径为r=0.3m的圆形区域内（图中未画出），且圆形区域的边界与y轴相切，磁感应强度B2=0.8T．t=0时刻，一质量为m=8×10﹣4kg、电荷量q=2×10﹣4C的带正电微粒从x轴上x p=﹣0.8m处的P点以速度v=0.12m/s沿x轴正方向发射．（重力加速度g取10m/s2）（1）求微粒在第二象限运动过程中与y轴、x轴的最大距离；（2）若微粒穿过y轴右侧圆形磁场时，速度方向的偏转角度最大，求此圆形磁场的圆心坐标（x，y）；（3）求微粒穿过y轴右侧圆形磁场所用的时间．2015年江苏省泰州市泰兴一中高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意．1．伽利略和牛顿都是物理学发展史上最伟大的科学家，巧合的是，牛顿就出生在伽利略去世后第二年．下列关于力和运动关系的说法中，不属于他们的观点为是（）A．自由落体运动是一种匀变速直线运动B．力是使物体产生加速度的原因C．物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性D．力是维持物体运动的原因【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】亚里士多德的观点：物体越重，下落越快，力是维持物体运动的原因；伽利略的观点是：力是改变物体运动状态的原因，物体下落的快慢与物体的轻重没有关系．牛顿第一定律是牛顿在伽利略和笛卡尔研究成果的基础上总结出来的．【解答】解：A、伽利略通过斜面实验得出自由落体运动是一种匀变速直线运动，故A正确；B、伽利略的观点是：力是改变物体运动状态的原因，即产生加速度的原因，故B正确；C、牛顿第一定律认为物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性，故C正确；D、亚里士多德的观点：物体越重，下落越快，力是维持物体运动的原因，故D错误；本题选错误的故选D【点评】物理学史是高考物理考查内容之一．学习物理学史，可以从科学家身上学到科学精神和研究方法．2．质点作直线运动时的加速度随时间变化的关系如图所示，该图线的斜率为k，图中斜线部分面积S，下列说法正确的是（）A．斜率k表示速度变化的快慢B．斜率k表示速度变化的大小C．面积S表示t1﹣t2的过程中质点速度的变化量D．面积S表示t1﹣t2的过程中质点的位移【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】斜率k=，表示加速度变化快慢．将图线分成若干段，每一小段看成加速度不变，通过微元法得出斜线部分的面积表示什么．【解答】解：A、斜率k=，表示加速度变化快慢，故AB错误；C、将a﹣t图线分成无数段，每一段加速度可以看成不变，则每一小段所围成的面积△v1=a1△t1，△v2=a2△t2，△v3=a3△t3，…则总面积为△v1+△v2+△v3+…=△v．斜线部分的面积表示速度的变化量．故C正确，D错误．故选C．【点评】解决本题的关键运用微元法进行分析，与速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移类似．3．用电动势为E，内阻为r的电源对一直流电动机供电，如果电动机的输出功率是电源总功率的70%，流过电动机的电流为I，则电动机的内阻为（）A．B．C．D．【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由能量守恒规律可明确消耗的功率与总功率的关系，由功率公式列式求解即可．【解答】解：电动机的输出功率是电源总功率的70%，故电源内阻和电动机内阻消耗的总功率为：P=I2（r+r′）=0.3EI；解得：r′=；故选：C．【点评】本题考查电功率公式的应用，要注意明确在电功率问题中能量的转化与守恒同样是应用的关键问题．4．如图所示，足够长的竖直粗糙绝缘管处于方向彼此垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，电场E和磁场B的方向如图，一个带正电的小球从静止开始沿管下滑，则在下滑过程中小球的加速度a和时间t的关系图象正确的是（）A．B．C．D．【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】小球下落过程中受重力、电场力、洛伦兹力、弹力和摩擦力，洛伦兹力从零开始增加，根据平衡条件判断弹力、摩擦力的变化情况，根据牛顿第二定律分析加速度的变化情况．【解答】解：①下落过程中电场力向右，洛仑兹力向左，洛仑兹力逐渐增大；电场力与洛仑兹力的合力先向右减小，所以支持力先向左减小，所以摩擦力减小，与重力的合力会逐渐变大，所以加速度先增大；②当电场力和洛仑兹力等大时，加速度达到最大；③然后支持力向右增大，摩擦力会增大，则合力减小，加速度减小，最后摩擦力与重力等大时，加速度为零（图象与横轴相切）；故选：D．【点评】本题考查如何正确的受力分析，理解洛伦兹力与速度的关系，从而影响受力情况，带动运动情况的变化，注意此处的弹力的方向变化，是解题的关键．5．如图所示的电路中，R1是定值电阻，R2是光敏电阻，电源的内阻不能忽略．闭合开关S，当光敏电阻上的关照强度增大时，下列说法中正确的是（）A．通过R2的电流减小B．电源的路端电压减小C．电容器C所带的电荷量增加 D．电源的效率增大【考点】闭合电路的欧姆定律；常见传感器的工作原理．【专题】恒定电流专题．【分析】光敏电阻的特性是当光敏电阻上的光照强度增大时，光敏电阻的阻值会减小；总电路的电阻减小，电路中的总电流增大，路端电压就减小．【解答】解：A：当光敏电阻上的光照强度增大时，光敏电阻的阻值会减小；总电路的电阻减小，电路中的总电流增大，流过R 2的电流增大；故A错误；B：电路中的总电流增大，路端电压就减小．故B正确；C：路端电压就减小，电容器两端的电压减小，电容器所带的电量减小．故C错误；D：电源效率：，总电路的电阻减小，所以电源的效率就减小．故D错误．故选：B【点评】该题考查光敏电阻的特性与闭合电路的欧姆定律的应用，关键是光敏电阻的特性是当光敏电阻上的光照强度增大．6．如图所示，球网高出桌面H，网到桌边的距离为L．某人在乒乓球训练中，从左侧处，将球沿垂直于网的方向水平击出，球恰好通过网的上沿落到右侧桌边缘．设乒乓球运动为平抛运动．则（）A．击球点的高度与网高度之比为2：1B．乒乓球在网左右两侧运动时间之比为2：1C．乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比为1：2D．乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为1：2【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】乒乓球做的是平抛运动，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可．【解答】解：A、因为水平方向做匀速运动，网右侧的水平位移是左边水平位移的两倍，所以由x=v0t知，网右侧运动时间是左侧的两倍，竖直方向做自由落体运动，根据h=可知，在网上面运动的位移和整个高度之比为1：9，所以击球点的高度与网高之比为：9：8，故AB错误；C、球恰好通过网的上沿的时间为落到右侧桌边缘的时间的，竖直方向做自由落体运动，根据v=gt可知，球恰好通过网的上沿的竖直分速度与落到右侧桌边缘的竖直分速度之比为1：3，根据v=可知，乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比不是1：2，故C错误；D、网右侧运动时间是左侧的两倍，△v=gt，所以乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为1：2；故D正确；故选：D【点评】本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．火星表面特征非常接近地球，适合人类居住．近期，我国宇航员王跃正与俄罗斯宇航员一起进行“模拟登火星”实验活动．已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期也基本相同．地球表面重力加速度是g，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是（）A．王跃在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的倍B．火星表面的重力加速度是C．火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍D．王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是【考点】万有引力定律及其应用．【分析】求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先表示出来，在进行之比．根据万有引力定律的内容（万有引力是与质量乘积成正比，与距离的平方成反比．）解决问题运用万有引力等于重力求出问题．【解答】解：A、根据万有引力定律的表达式F=，已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，所以王跃在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的倍．故A 错误．B、由G=mg得到：g=G．已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，火星表面的重力加速度是．故B正确．C、由=m⇒v=已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍．故C正确．D、王跃以v0在地球起跳时，根据竖直上抛的运动规律得出：可跳的最大高度是 h=，由于火星表面的重力加速度是，王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度h′==．故D正确．故选BCD．【点评】通过物理规律把进行比较的物理量表示出来，再通过已知的物理量关系求出问题是选择题中常见的方法．把星球表面的物体运动和天体运动结合起来是考试中常见的问题．8．如图所示，矩形线圈abcd与理想变压器原线圈组成闭合电路．线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动，磁场只分布在bc边的左侧，磁感应强度大小为B，线圈转动的角速度为ω，匝数为N，线圈电阻不计．下列说法正确的是（）A．将原线圈抽头P向上滑动时，灯泡变暗B．电容器的电容C变大时，灯泡变暗C．线圈处于图示位置时，电压表读数为0D．若线圈转动的角速度变为2ω，则电压表读数变为原来2倍【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】交流电专题．【分析】矩形线圈abcd中产生交变电流，线圈处于中性面位置时电动势最小，为零；当线圈与磁场垂直时，电动势最大，为：E m=NBSω．【解答】解：A、矩形线圈abcd中产生交变电流；将原线圈抽头P向上滑动时，原线圈匝数变大，根据电压与匝数成正比知，输出电压减小，故灯泡会变暗，故A正确；B、电容器的电容C变大时，容抗减小，故干路电流增加，灯泡变亮，故B错误；C、线圈处于图示位置时，是中性面位置，感应电动势的瞬时值为零；但电压表测量的是有效值，不为零，故C错误；D、若线圈转动角速度变为2ω，根据电动势最大值公式E m=NBSω，最大值增加为2倍；有效值E=，也变为2倍；则电压表读数变为原来2倍，故D正确；故选：AD．【点评】本题关键记住交流发电机的最大值求解公式E m=NBSω，同时要能够结合变压器的变压比公式和欧姆定律列式分析．9．一木块放在水平地面上，在力F=2N作用下向右运动，水平地面AB段光滑，BC段粗糙，木块从A点运动到C点的v﹣t图如图所示，取g=10m/s2，则（）A．在t=6s时，拉力F的功率为8WB．在t=6s时，物体克服摩擦力的功率为3.5WC．拉力在AC段做功为38JD．物体在BC段克服摩擦力做功为38J【考点】功的计算；牛顿第二定律．【专题】功的计算专题．【分析】由图象可知，物块以不同的加速度在光滑水平面和粗糙水平面上做匀加速直线运动，通过牛顿第二定律求出在粗糙水平面上的拉力和摩擦力，从而求出拉力和摩擦力的功率，以及拉力做功和摩擦力做功情况．【解答】解：A、AB段的加速度．物体的质量m=．BC段的加速度．根据牛顿第二定律得，F﹣f=ma2，则摩擦力f=1N．所以t=6s时，拉力F的功率P=Fv=2×4W=8W，克服摩擦力的功率P′=fv=1×4W=4W．故A正确，B错误．C、AC段的位移x=+m=19m，则拉力F做的功W=Fx=38J．故C正确．D、物体在BC段的位移．则物体在BC段克服摩擦力做功W f=fx2=1×14J=14J．故D错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键会通过速度时间图象求加速度、位移，以及能够熟练运用牛顿第二定律．10．一空间存在匀强电场，场中A、B、C、D四个点恰好构成正四面体，如图所示．已知电场强度大小为E，方向平行于正四面体的底面ABC，正四面体棱长为cm．已知U AC=6V、U BC=6V，则（）A．U DC=4V B．U DC=3V C．E=200 V/m D．E=V/m【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】过C点做底边AB的垂线垂足为F，抓住AB为等势线，结合电势差与电场强度的关系求出电场强度的大小，求出DC沿电场线方向的距离，从而得出DC两点间的电势差．【解答】解：因为U AC=6V、U BC=6V，AB连线为等势面，过C点做底边AB的垂线垂足为F，则FC即为匀强电场的电场线，由几何知识FC=3cm，则匀强电场场强V/m；过D 点做FC的垂线垂足为G，则CG=FC，所以V，故A、C正确，B、D错误．故选：AC．【点评】本题考查学生应用匀强电场中场强和电势差的关系，综合考查了用数学解决物理问题的能力．11．如图甲所示，螺线管内有一平行于轴线的磁场，规定图中箭头所示方向为磁感应强度B 的正方向，螺线管与U型导线框cdef相连，导线框cdef内有一半径很小的金属圆环L，圆环与导线框cdef在同一平面内，当螺线管内的磁感应强度随时间按图乙所示规律变化时，下列选项中正确的是（）A．在t1时刻，金属圆环L内的磁通量最大B．在t2时刻，金属圆环L内的磁通量最大C．在t1～t2时间内，金属圆环L内有逆时针方向的感应电流D．在t1～t2时间内，金属圆环L有收缩的趋势【考点】楞次定律．【分析】根据B﹣t图线斜率的变化，根据法拉第电磁感应定律得出电动势的变化，从而得出感应电流的变化，根据楞次定律判断出感应电流的方向，根据右手螺旋定则判断出电流所产生的磁场，从而确定磁通量的变化．【解答】解：A、由B﹣t图知，t1时刻磁通量的变化率为零，则感应电流为零，L上的磁通量为零；故A错误．B、在t2时刻，磁感应强度为零，但是磁通量的变化率最大，则感应电流最大，通过金属圆环的磁通量最大．故B正确；。

江苏省泰州中学附中2015年中考物理二模试卷(解析版)

江苏省泰州中学附中2015年中考物理二模试卷(解析版)

江苏省泰州中学附中2015年中考物理二模试卷一、选择题（每题4个选项中只有1个符合题意．每题2分，共24分）1．下列估测中学生的数据，符合实际情况的是（）A．脚的长度约为250mmB．正常步行的速度约为1.1 km/hC．体重约为500kgD．脉搏跳动一次的时间约为2s2．有关声的说法正确的是（）A．声音在真空中的传播速度是3×108m/sB．物体的振幅越大，产生声音的响度越大C．戴防噪声耳罩可以防止噪声产生D．地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波产生3．热现象在一年四季中随处可见，下列说法中正确的是（）A．春天的早晨经常出现大雾，这是凝华现象B．夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是升华现象C．秋天的早晨花草上出现小露珠，这是液化现象D．初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是凝固现象4．图中所示的四种现象中，属于光的反射现象的是（）A．筷子好像在水面处“折断” B．放大镜把文字放大C．桥在水中形成“倒影” D．鸽子在沙滩上形成影子5．下述事例中，对物体做功，物体内能增大的是（）A．钻木取火B．用太阳能热水器加热水C．利用热水袋取暖D．内燃机做功冲程中，燃气做功7．将小电动机与小灯泡按如图所示的电路连接，在小电动机转轴上绕线，然后用力拉线，使电动机转动．在电动机转动过程中，小灯泡发光，该现象中（）①电产生了磁，使电动机转动②磁产生了电，使小灯泡发光③电动机是电源④转速越快，灯泡越亮．A．①②③ B．①③④ C．①②④ D．②③④8．飞船绕地球飞行时，如果在舱内进行下列实验，其中不能完成的是（）A．用天平测矿石的质量B．用弹簧测力计测力C．用温度计测温度D．用显微镜观察洋葱表皮。

江苏省泰州市2015届高三第二次模拟考试物理试题(解析版)

江苏省泰州市2015届高三第二次模拟考试物理试题(解析版)

泰州市2015届高三第二次模拟考试物理试题(考试时间：100分钟总分：120分)注意事项：1．本试卷共分两部分，第Ⅰ卷为选择题，第Ⅱ卷为非选择题．2．所有试题的答案均填写在答题纸上，答案写在试卷上的无效．第Ⅰ卷（选择题共31分）一、单项选择题．本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．物理学中有多种研究问题的方法，下列有关研究方法的叙述中错误．．的是（）A．将实际的物体抽象为质点采用的是建立理想模型法B．探究加速度a与力F、质量m之间的关系时，采用了控制变量法C．定义电场强度的概念，采用的是比值定义法D．伽利略比萨斜塔上的落体实验，采用的是理想实验法【答案】D本题旨在考查物理学史。

【解析】A、质点是用来代替物体的有质量的点，是实际物体的简化，质点在现实生活中不存在，将实际的物体抽象为质点是一种科学研究的方法，故A正确；B、探究加速度a与力F、质量m之间的关系时，分别保持m和F恒定的情况下，探究a与F的关系、a与m的关系，采用的是控制变量法，故B正确；C、电场强度的定义式，采用的是比值法，故C正确；D、理想实验是想象的实验，而伽利略比萨斜塔上的落体实验，是真实的实验，故D错误。

本题选错误的，故选：D2．如图1（甲）所示，匀质链条悬挂在天花板等高的A、B两点，现将链条中点也拉至AB中间位置C悬挂，如图1（乙）所示．则下列说法正确的是（）A．天花板对链条的作用力变大A B A C B B．天花板在A点对链条的作用力不变图1（甲）图1（乙）C ．乙图中链条最低点的张力为甲图的1/2D ．链条的重力势能不变 【答案】C本题旨在考查重力、重心。

【解析】A 、前后两次悬挂，链条重力大小未变，所以天花板对链条的作用力前后大小不变，故A 错误；B 、图甲情形时天花板在A 点对链条的作用力为其重力的一半；图乙情形时，为其四分之一，故B 错误；C 、图乙情形时，AC 间和CB 间，都承受原链条重力的一半，所以乙图中链条最低点的张力为甲图的二分之一，故C 正确；D 、由图甲情形到图乙情形时，链条重心升高，其重力势能增大，故D 错误。

江苏省泰州市姜堰区高三物理下学期期初考试试题

江苏省泰州市姜堰区高三物理下学期期初考试试题

姜堰区2015~2016学年度第二学期期初考试高三物理试题(考试时间：100分钟总分120分)注意事项：1．本试卷共分两部分，第Ⅰ卷为选择题，第Ⅱ卷为非选择题．2．所有试题的答案均填写在答题纸上，答案写在试卷上的无效．第Ⅰ卷（选择题共38分）一、单项选择题：本大题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意. 1．下列说法不．符合物理学史实的是A．库仑通过扭秤实验发现了库仑定律B．奥斯特最早发现电流周围存在磁场C．在研究电磁现象时，安培引入了“场”的概念D．伽利略通过理想实验，说明物体的运动不需要力来维持2．将阻值为5Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示．下列说法正确的是A．电阻消耗的电功率为2.5WB．通过电阻的电流为 AC．电路中交变电流的频率为0.25HzD．用交流电压表测得电阻两端的电压是5V3．一种测定风力的仪器原理如图所示，它的细长金属直杆一端固定于悬点O，另一端悬挂着一个质量为m金属球。

无风时，金属直杆自然下垂，当受到沿水平方向吹来的风时，金属直杆将偏离竖直方向一定角度θ。

且风力越大，偏角越大。

下列关于风力F与偏角θ、小球质量m之间的关系式正确的是A．F=mgsinθB．F=mgcosθC．F=mgtanθD．F=mgcotθ4．如图所示，一轻质弹簧左端固定在墙上，右端系一质量为m的木块，放在水平地面上，木块在B点时弹簧无形变。

今将木块向右拉至A点，由静止释放后，木块恰能运动到C点而静止，木块与水平地面的动摩擦因数恒定，则下列说法中正确的是A．木块从A运动到B的过程中速度逐渐增大，从B到C的过程中速度逐渐减小B．木块从A到B先加速后减速，从B到C一直减速C．木块经过B点时加速度为零D．木块从A运动到B的过程中加速度逐渐减小5．如图所示，一个静止的质量为m、带电量为q的带电粒子（不计重力），经电压U加速后垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，粒子打至P点，设OP＝x，下列四幅图中，能够正确反映出x与U之间的函数关系的是6．已知压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学设计了利用压敏电阻判断升降机运动状态的装置，其工作原理如图所示，将压敏电阻固定在升降机底板上，其上放置一个物块，在升降机运动过程的某一段时间内，发现电流表的示数I不变，且I大于升降机静止时电流表的示数I0，则在这段时间内A．升降机可能匀速上升B．升降机一定在匀减速上升C．通过压敏电阻的电流一定比电梯静止时大D．升降机一定处于失重状态二、多项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多．个．选项符合题意.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.7．某载人飞船运行的轨道示意图如图所示，飞船先沿椭圆轨道1运行，近地点为Q，远地点为P。

  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。

泰州市2015届高三第二次模拟考试物 理 试 题(考试时间：100分钟 总分：120分)注意事项：1．本试卷共分两部分，第Ⅰ卷为选择题，第Ⅱ卷为非选择题． 2．所有试题的答案均填写在答题纸上，答案写在试卷上的无效．第Ⅰ卷（选择题 共31分）一、单项选择题．本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意． 1．物理学中有多种研究问题的方法，下列有关研究方法的叙述中错误．．的是 A ．将实际的物体抽象为质点采用的是建立理想模型法B ．探究加速度a 与力F 、质量m 之间的关系时，采用了控制变量法C ．定义电场强度的概念，采用的是比值定义法D ．伽利略比萨斜塔上的落体实验，采用的是理想实验法2．如图1（甲）所示，匀质链条悬挂在天花板等高的A 、B 两点，现将链条中点也拉至AB 中间位置C 悬挂，如图1（乙）所示．则下列说法正确的是 A ．天花板对链条的作用力变大 B ．天花板在A 点对链条的作用力不变 C ．乙图中链条最低点的张力为甲图的1/2 D ．链条的重力势能不变3．恒流源是一种特殊的电源，其输出的电流能始终保持不变．如图2所示的电路中，当滑动变阻器滑动触头P 向右移动时，下列说法中正确的是 A ．R 0上的电压变小 B ．R 2上的电压变大C ．R 1上的电压变大D ．R 1 上电压变化量大于R 0上的电压变化量4．质量为m 的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图像如图3所示，从t 1时刻起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为F f ，则A ．t 1～t 2时间内，汽车的平均速度等于122v v +B ．0～t 1时间内，汽车的牵引力等于m11v t C ．t 1～t 2时间内，汽车的功率等于11fv m F t ⎛⎫+ ⎪⎝⎭v 1 P 图2 A B A C B 图1（甲） 图1（乙）D ．汽车运动过程中最大速度v 2121t F mv f = 5．如图4所示，在正方形ABCD 区域内有平行于AB 边的匀强电场，E 、F 、H 是对应边的中点， P 点是EH 的中点．一个带正电的粒子（不计重力）从F 点沿FH 方向射入电场后恰好从C 点射出．以下说法正确的是A ．粒子的运动轨迹经过P 点B ．粒子的运动轨迹经过PH 之间某点C ．若增大粒子的初速度可使粒子垂直穿过EHD ．若将粒子的初速度变为原来的一半，粒子恰好由E 点从BC 边射出二、多项选择题．本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分． 6．美国的全球卫星定位系统（简称GPS ），其卫星距地面的高度均为20000km ．我国建成的“北斗一号”全球导航定位系统，其三颗卫星均定位在距地面36000km 的地球同步轨道上．下列说法中正确的是A ．“北斗一号”卫星定位系统中的卫星质量必须相同B ．“北斗一号”卫星定位系统中的卫星比GPS 中的卫星的周期长C ．“北斗一号”卫星定位系统中的卫星比GPS 中的卫星的加速度大D ．“北斗一号”卫星定位系统中的卫星比GPS 中的卫星的运行速度小7．如图5所示，水平固定一截面为正方形绝缘方管的长度为L ，空间存在场强为E 、方向水平向右的匀强电场和磁感应强度为B 、方向竖直向下的匀强磁场．将带电量为q +的小球从左侧管口无初速释放，已知小球与管道各接触面间动摩擦因数均为μ，小球运动到右侧管口处时速度为v ，该过程A ．洛伦兹力对小球做功为qvB 21L B ．电场力对小球做功为qELC ．系统因摩擦而产生的热量为μmgLD ．系统因摩擦而产生的热量为221mv qEL -8．如图6，矩形线圈abcd 与理想变压器原线圈组成闭合电路．线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc 边匀速转动，磁场只分布在bc 边的左侧，磁感应强度大小为B ，线圈面积为S ，转动角速度为ω，匝数为N ，线圈电阻不计．下列说法正确的是 A ．将原线圈抽头P 向上滑动时，灯泡变暗 B ．电容器的电容C 变大时，灯泡变暗C ．图示位置时，矩形线圈中瞬时感应电动势最大D ．若线圈abcd 转动的角速度变为2ω，则变压器原线圈电压的有效值为NBSω 9．如图7所示，水平转台上有一个质量为m 的物块，用长为L 的细绳将物块连接在转轴上，细线与竖直转轴的夹角为θ角，此时绳中张力为零，物块与转台间动摩擦因数为μ（θμtan <），最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块随转台由静止开始缓慢加速转动，则 A ．至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为θπμsin 2mgL图5P图6 图4DA B HFB ．至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为θμsin 21mgLC ．至转台对物块支持力为零时，转台对物块做的功为θθcos 2sin 2mgLD ．物块机械能增量为34cos mgL θ第Ⅱ卷（选择题 共89分）三、简答题：本题分必做题（第l0、11题)和选做题(第12题)两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置． 10．（8分）（1）用图8（甲）所示装置记录小车的运动情况，开始时小车在水平玻璃板上匀速运动，后来在薄布面上做匀减速运动，打点计时器打出的纸带如图8（乙）所示(附有刻度尺)，纸带上相邻两点对应的时间间隔为0.02 s.从刻度尺上读出DE 两点的距离为 ▲ cm ；计算小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为 ▲ m/s ，小车在布面上运动的加速度大小为 ▲ m/s 2（速度和加速度的计算结果保留一位有效数字）．（2）某同学另外设计了一个测量物体瞬时速度的实验，其装置如图9 , 在小车上固定挡光片，将光电门传感器固定在轨道面，垫高轨道的一端．选择不同宽度的挡光片后，该同学分别将小车从垫高端同一位置由静止释放，获得了上表格中几组实验数据．则以下表述正确的是 ▲①四个挡光片中，挡光片I 的宽度最小 ②四个挡光片中，挡光片Ⅳ的宽度最小③四次实验中，第一次实验测得的速度最接近小车到达光电门时的瞬时速度 ④四次实验中，第四次实验测得的速度最接近小车到达光电门时的瞬时速度 A ．①③ B ．②③ C ．①④ D ．②④图8（乙）图8（甲）图9 垫高端图711．(10分)为了测量某电流表的内阻(量程为50mA)．（1）首先选用多用电表欧姆×1档，粗测电流表的电阻，则欧姆表 表笔(“黑”或“红”)应接待测电流表正接线柱；测量结果如图10（甲）所示，则测得的电阻约为 Ω； （2）为了准确测量其电阻，提供的实验器材有： A ．直流电压表(0~3V ，内阻约6kΩ) B ．定值电阻R 1(5.0Ω，1A) C ．定值电阻R 2(40.0Ω，0.1A) D ．滑动变阻器R (0～5Ω，2A) E ．直流电源E (3V ，内阻很小) F ．电键、导线若干图10（乙）为实验原理图的一部分，某同学在实验中测出6组对应的数据见表格．①实验中定值电阻R 0应选用 (选填“R 1”或“R 2”)； ②将实物图10（丙）中缺少的一根导线补齐．③在图10（丁）中描点作出U -I 图线．并根据图像求得电流表的内阻为 ．（计算结果保留两位有效数字）12．选做题(请从A 、B 和C 三小题中选定两小题作答，并在答题卡上把所选题目对应字母后的方框涂满涂黑．如都作答，则按A 、B 两小题评分．) A ．(选修模块3-3)(12分)（1）下列说法正确的是 ▲A ．气体扩散现象表明气体分子间存在斥力B ．晶体都具有特定的几何形状C ．液晶具有流动性，光学性质各向异性D ．液体表面层分子间距离比液体内部大，所以液面存在表面张力图10（甲）图10（丙） 图10（丁） R 0（2）气缸内封闭了一定量压强为P =1.0×105pa 、体积为V =2.0m 3的理想气体，现使气体保持压强不变体积缓慢压缩至V =1.0m 3,此过程气体向外界释放了Q =1.2×105J 的热量，则压缩过程外界对气体做了 ▲ J 的功，气体的内能变化了 ▲ J ． （3）如图11，粗细均匀的弯曲玻璃管A 、B 两端开口，管内有一段水银柱，管内左侧水银面与管口A 之间气柱长为l A ＝40cm ，现将左管竖直插入水银槽中，稳定后管中左侧的水银面相对玻璃管下降了2cm ，设被封闭的气体为理想气体，整个过程温度不变，已知大气压强p 0＝76cmHg ，求：稳定后A 端上方 ①气柱的压强；②气柱的长度．B ．(选修模块3-4)(12分)（1）下列说法正确的是 ▲A ．在光的双逢干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变宽B ．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度C ．地球上接受到离地球远去的遥远星球发出的光波长要变长D ．任何惯性参考系中，物理规律都是相同的（2）如图12所示为一列简谐波在t ＝0时刻的图象，已知质点M 的振动方程为y ＝5sin5πt ( cm ) ，此波中质点 M 在t ＝ ▲ s 时 恰好第 3 次到达 y 轴正方向最大位移处，该波的波速 ▲ m /s .（3）如图13所示，一截面为直角三角形的玻璃棱镜 ABC ，∠A = 30°，一条光线以45°的入射角从 AC 边上的D 点射入棱镜，光线垂直BC 射出．（1）补全光线在棱镜中的光路图；（2）求玻璃的折射率．C. (选修模块3-5)(12分)（1）下列说法正确的是 ▲A ．光电效应说明光具有粒子性B ．γ射线是处于激发态的原子辐射出的C ．放射性元素发生一次β衰变，核电荷数增加1D ．235 92U 的半衰期随着环境的不断变化，半衰期可能变短（2）氢原子的能级如图14所示，原子从能级n ＝4向n ＝2跃迁所放出的光子，正好使某种金属材料产生光电效应，该金属的逸出功是 ▲ eV.从能级n ＝4向n ＝1跃迁所放出的光子照射该金属，所产生光电子最大初动能是 ▲ eV ． （3）静止的锂核63Li 俘获一个速度为8×106 m/s 的中子，发生核反应后产生了两个新粒子，其中一个粒子为氦核42He ，它的速度大小是3.5×106 m/s ，方向与反应前的中子速度方向相同，试写出核反应方程，并求反应后产生的另一个粒子的速度大小．四、计算题：本题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位． 13．（15分）如图15所示，一倾角为θ=30o 的光滑足够长斜面固定在水平面上，其顶端固定一劲度系数为k =50N/m 的轻质弹簧，弹簧的下端系一个质量为m =1kg 的小球，用一垂直于斜面的挡板A 挡住小球，此时弹簧没有发生形变.若挡板A 以加速度a =4m/s 2沿斜面向下匀加速运动，弹簧与斜面始终保持平行，g 取10m/s 2，求： （1）从开始运动到小球速度达最大时小球所发生位移的大小； （2）从开始运动到小球与挡板分离时所经历的时间；B 图11 图14 A B CD 图13 图12（3）从开始运动到小球与挡板分离时外力对小球做的总功.14．（16分）如图所示，质量为m、电阻为R、ab边长为L的矩形金属单匝线圈竖直放置，水平虚线MN、PQ之间高度差为d．t=0时刻将线圈由图中位置由静止释放，同时在虚线之间加一方向垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B大小随时间t的变化关系为B=kt (k为已知常数)；t=t1（t1未知）时，ab边进入磁场电流恰好为0；t=t2时ab边穿出磁场前的瞬间线圈加速度为0．（不计空气阻力，重力加速度为g）求：（1）ab边未进入磁场之前，线圈中的电流大小及线圈消耗的电功率；（2）从t=0到ab边刚进入磁场所需时间t1；（3）ab边在穿过磁场过程中，线圈中产生的焦耳热．15．（16分）如图17（甲）所示,在xoy有一与x轴相切于点（2R，0）、半径为R的圆形区域，该区域内存在垂直于xoy面的匀强磁场，电场与磁场随时间变化如图17（乙）、（丙）所示，设电场强度竖直向下为正方向，磁场垂直纸面向里为正方向，电场、磁场同步周期性变化(每个周期内正反向时间相同)．一带正电的小球A沿y轴方向下落，t=0时刻A落至点(0，3R )，此时，另一带负电的小球B 从最高点（2R，2R）处开始在磁场内紧靠磁场边界作匀速圆周运动；当A球再下落R时，B球旋转半圈到达点（2R，0）；当A球到达原点o时，B球又旋转半圈回到最高点；然后A球开始匀速运动．两球的质量均为m,电量大小均为q．（不计空气阻力及两小球之间的作用力，重力加速度为g）求：（1）匀强电场的场强E的大小；（2）小球B作匀速圆周运动的周期T及匀强磁场的磁感应强度B的大小；（3）电场、磁场变化第一个周期末AB两球间的距离．P图15泰州市2015届高三第二次模拟考试物理试卷参考答案及评分标准第Ⅰ卷选择题(共31分)一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意.．个．正确选项.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.第Ⅱ卷（非选择题共89分）三、简答题：本题分必做题（第l0、11题)和选做题(第12题)两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．10．（1）1.80 (1.80-1.84)（2分）0.9（2分）5（2分）（2）D（2分）11．（1）黑（1分）21～22（1分）（2）①R2（2分）②电路如下左图所示（2分），③U-I 图像如上右图所示（2分） 17或18或19或20（2分） 12．A （1）CD （4分）（2）105 （2分）、 -2×104 （2分） （3）①p ＝p0+2h =80cmHg （2分）②设玻璃管横截面积为S ，由玻意耳定律得：p 0l A S = pl A′S l A′=38cm （2分）12．B （1）CD （4分）（2）0.9（2分）、1（2分） （3）①光路图（2分）②由几何关系得:入射角i = 45°，折射角r = 30° n =risin sin =2 (2分)12．C （1）AC （4分）（2）2.55（2分） 、 10.2（2分）（3）61433021i e L n H H +→+（2分）由动量守恒定律得：H H H e H e n n v m v m v m +=v H =-2×106m/s 速度大小为2×106m/s （2分）四、计算题：本题共3小题，共47分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.13．（15分）（1）当物体所受合外力为零时，速度最大 （1分）θsin mg kx m = （2分）解得m 1.0sin ==kmg x m θ（2分） （2）ma F mg N =--1F sin θkx =F当m 与挡板分离时， F N1减小到零，则有：ma kx mg =-θsin （2分）221at x =（1分） 解得：ma at k mg =⋅-221sin θs kaa g m t 1.0)sin (2=-=θ （2分）(3)设分离时候的速度为vv=at =0.4m/s （2分） 由动能定理，得212W mv =（2分） W =0.08J （1分）14．（16分）解：(1) 感生电动势：kLd S tBE =∆∆=1 （2分） 线圈中的电流：RkLd R E I ==1 （1分） 线圈消耗的电功率：Rd L k I E P 22211== （2分）(2) 当t =t 1时，g at v ==11t 1 （1分） 由题意可知瞬间电流为0，得E 合=E 1—E 1/=0 感生电动势：kLd S tBE =∆∆=1 动生电动势：'21111E B Lv kLgt == （2分）故：21kLd kLgt = gdt =∴1 （2分） (3) 由（2）知11v gt ==（1分）当t =t 2时，由题意知：022=-L I B mg （1分） 设ab 边穿出磁场瞬间的速度为v 2，则有： RLv B I Lv B E 222222,== 22222m g Rv k t L ∴=（1分） 由动能定理：22211122mgd Q mv mv -=- （1分） 代入1v 、2v 解得：4424223223Lt k R g m mgd Q -= （2分） 15．（16分）解：(1)小球B 匀速圆周运动则 Eq mg =mgE q=（3分） (2)设小球B 的运动周期为T对A 小球：Eq mg ma += 2a g ∴= （1分） 2()2T R a = （1分）T ∴=（1分） 对B 小球：2v Bqv m R= （1分）2R v π=高三物理试题 第11页 共6页 解得:B = （2分）(3)分析得：电（磁）场变化周期是B 球圆周运动周期的2倍对小球A ：在原点的速度为32A R T v a T =+ （1分） 在原点下的位移为：A A y v T = （1分） 5A y R =2T 末，小球A 的坐标为(0,5)R - （1分） 对小球B ：球B的线速度B v = （1分） 水平位移为2b B x v T R π==竖直位移为2122b y aT R ==2T 末，小球B 的坐标为[](22),0R π+ （2分） 则2T 末，AB两球的距离为AB = （1分）。

相关文档
最新文档