河南省信阳市2019-2020学年中考物理四模考试卷含解析

河南省信阳市2019-2020学年中考物理四模考试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．小丽在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处（实验过程中保持透镜在50cm刻度线处不动），将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处，移动光屏至82cm刻度线处，烛焰在光屏上成清晰的像，如图所示．下列分析正确的是
A．如图所示的实验现象能够说明放大镜的成像特点
B．如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应该将蜡烛向右移动，光屏向左移动
C．若将点燃的蜡烛放在光具座上10cm刻度线处，通过移动光屏，在光屏上可呈现烛焰清晰的倒立缩小实像
D．若将点燃的蜡烛放在光具座上30cm刻度线处，在透镜的右侧透过凸透镜向蜡烛方向看，看不到蜡烛的像
C
【解析】
【分析】
【详解】
A．置在光具座上35cm刻度线处，物距u＝50cm−35cm＝15cm，满足：2f>u>f条件，成倒立、放大实像，是投影仪的原理，故A错误；
B．如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应增大像距，减小物距，即蜡烛向右移动，光屏向右移动，故B错误；
C．将点燃的蜡烛放在光具座上10cm刻度线处，物距u＝50c m−10cm＝40cm，满足：u>2f条件，成倒立、缩小的实像，故C正确；
D．将点燃的蜡烛放在光具座上30cm刻度线处，物距u＝50cm−30cm＝20cm，满足：2f>u>f条件，成倒立、放大的实像，可以直接观察到像，故D错误．
【点睛】
（1）凸透镜成像的规律及其应用：当物距u>2f时，在光屏上得到倒立、缩小的实像，应用于照相机；当物距2f>u>f时，在光屏上得到倒立、放大的实像，应用于投影仪；当物距u<f时，成正立、放大的虚像，应用于放大镜；
（2）成实像时，物距越小，像距越大，成的像也越大；
（3）实像可以用光屏承接，也可以直接观察．
2．自动售票公交车后门两侧的扶手上各装有一个红色按钮(如图所示)，想要下车的乘客只要按下其中任何一个按钮，装在车内的电铃就会响起，以提醒司机停车．如图所示的电路图符合要求的是
A．B．C．D．
B
【解析】
按下任何一个下车按钮时电铃都会发声，说明两个开关并联共同控制电铃．
A．图中上面开关闭合后，会造成电源短路，故A不符合题意．
B．图中两个开关并联后共同控制电铃，即任何一个开关闭合后，电铃都会响起，故B符合题意．C．图中两个开关若同时闭合，会造成电源短路，故C不符合题意．
D．两个开关串联，即两个开关必须同时闭合电铃才能发声，故D不符合题意．
答案为B．
3．质量相同的甲、乙两物体，分别在竖直向上的拉力作用下，从同一位置同时向上运动，两物体运动的s-t图象如图所示，下列判断正确的是
A．第4s时两者相距12m
B．以甲为参照物，乙竖直向上运动
C．甲做速度为3m/s的匀速运动
D．甲受到的拉力比乙大
C
【解析】
【分析】
【详解】
A．第4s时两者相距的距离：s=s甲-s乙=12m-4m=8m，故A错误；
B．由图像可知，甲的速度大于乙的速度，以甲为参照物，相对于甲，乙的位置向下变化了，故B错误；
C．由图像可知甲运动的距离与时间成正比，即甲做匀速运动，其速度：v甲=s
t
甲
甲
=
12m
4s
=3m/s，故C正确；
D．由图像可知，甲、乙都做匀速运动，因为甲、乙质量相同，所以重力相同，则甲、乙受到的拉力相等，故D错误．
4．一通电螺线管中的电流方向和其周围磁感线的分布如图所示，其中正确的是
A．B．
C．D．
B
【解析】
【分析】
【详解】
A．据安培定则判断，该螺线管的右端是N极，左端是S极，故磁感线的方向错误，故A错误；
B．据安培定则判断，该螺线管的左端是N极，右端是S极，且磁感线的方向正确，故B正确；
C．据安培定则判断，该螺线管的右端是N极，左端是S极，故磁感线的方向错误，故C错误；
D．据安培定则判断，该螺线管的左端是N极，右端是S极，故磁感线的方向错误，故D错误；
5．董卿主持的《中国诗词大会》再次获得央视第四季收视率冠军，场外中途打开收音机的听众们判断出是董卿正在主持，听众们判断的依据主要是声音的
A．响度B．音调C．音色D．声速
C
【解析】
【详解】
我们通过听声音就能判断出是谁在说话，主要是依据声音的音色不同，故ABD错误，C正确。

6．甲、乙两小车同时同地沿同一直线匀速直线运动，它们的s-t图象分别如图所示，根据图象分析可知( )
A．v甲＝0.6 m/s，v乙＝0.4 m/s B．经过6 s两小车一定相距6.0 m
C．经过6 s两小车一定相距4.8 m D．经过6 s两小车可能相距2.4 m
D
【详解】
图象中横纵坐标表示的是时间，纵坐标上表示路程；
A．由图可知，当t=6s时，甲通过的路程为s甲=3．6m，乙车通过的路程为s乙=3．3m，
则
3.6
=0.6/
6
S m
V m s
t s
甲
甲
==，
1.2
=0.2/
6
S m
V m s
t s
==
乙
乙
，故A错误；
BCD．由图象可看出：经过6s，甲车的路程是3．6m，乙车的路程是3．3m，
若两车运动方向相同，则两车相距3．6m﹣3．3m=3．4m，
若两车运动方向相反，则两车相距3．6m+3．3m=4．8m，故BC错误，D正确；
故选D．
7．两只小灯泡L1和L2连接在同一电路中，以下哪个特点可以确认两灯是并联的( )
A．两灯亮度不同
B．两灯两端的电压相等
C．通过两灯的电流相等
D．通过两灯的电流不相等
D
【解析】
【详解】
A．灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，两灯亮度不同，只能是实际功率不同，不能说明灯泡的串并联方式，故A不符合题意；
B．并联电路两灯两端的电压一定相等，串联电路当两个灯泡的规格相同时两灯两端的电压也相等，故B 不符合题意；
C．串联电路通过两灯的电流一定相等，并联电路当两个灯泡的规格相同时通过两灯的电流也相等，故C 不符合题意；
D．通过两灯的电流不相等一定是并联，故D符合题意．
8．在探究凸透镜成像规律的实验中，把蜡烛和光屏固定在光具座上，当移动透镜分别距光屏6cm和34cm 均可在光屏上得到清晰的像．下列判断正确的是
A．透镜的焦距可能为10cm
B．透镜距光屏6cm时成放大的实像
C．蜡烛和光屏的距离为40cm
D．如果将蜡烛和光屏的位置互换，透镜仍可在上述两位置成像，且像的性质不变
C
【解析】
当移动透镜分别距光屏6cm和34cm（像距）均可在光屏上得到清晰像，根据凸透镜成实像的特点可以得到：距光屏6cm时，物距大于二倍焦距成倒立、缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，即f＜6cm ＜2f-------①，
距光屏34cm时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立、放大实像，像距大于二倍焦距，即34cm＞
2f------②，故B错误；
根据①②可得3cm＜f＜6cm，故A错误；
根据成像分析，距光屏6cm和34cm成实像是两个互逆的光路，所以u1=v2，v1=u2，蜡烛和光屏的距离为6cm+34cm=40cm，故C正确；
如将蜡烛和光屏的位置互换，透镜仍可在上述两位置成像，但是成像的性质正好与原先相反，故D错误．9．如图是用小锤敲击同一音叉时，示波器在相同时间内截取的两列声波图，一次重敲，一次轻敲，下列说法正确的是
A．重敲时音调高，甲图是重敲时的声波图
B．轻敲时响度大，两次敲击音色相同
C．甲的响度比乙的大，甲的音调也比乙的高
D．两次音调、音色都相同，乙图是轻敲时声波图
D
【解析】
【分析】
（1）频率是1s物体振动的次数，相同时间内振动越快，频率越大．音调跟频率有关，频率越大，音调越高．
（2）振幅是物体振动时偏离原位置的大小，偏离原位置越大，振幅越大．响度跟振幅有关，振幅越大，响度越大．
（3）音色是由发声体本身决定的一个特性．
【详解】
由图可知，两幅图中音叉振动的快慢相同（都有3个波峰和2个波谷），因此声音的音调相同；由图知，物体振动时偏离原位置的程度不相同（即振幅不同），因此响度不相同；甲振动时偏离程度大，甲的振幅大，所以甲的响度大，即音量大，所以，甲图是重敲时的声波图，乙图是轻敲时声波图．用木槌敲击同一音叉，音色是不变的，只有D选项说法正确．
故选D．
掌握声音的三个特征：音调、响度、音色，会观察波形图进行判断．音调跟频率有关；响度跟振幅有关；音色跟材料和结构有关．
10．如图，关于电与磁的分析正确的是
A．图a验电器的原理是异种电荷相互排斥
B．图b装置原理可以制造电动机
C．图c奥斯特实验说明通电导线周围有磁场
D．图d使用测电笔时手应接触笔尖金属体
C
【解析】
【详解】
A. 验电器的原理是同种电荷相互排斥。

故A错误。

B. 图b装置中，磁场中AB导体做切割磁感线运动时，闭合电路中就会有感应电流，这是电磁感应原理，可以制造发电机。

故B错误。

C. 奥斯特实验中，直导线通电时磁针就会转动，说明通电导线周围有磁场。

故C正确。

D. 使用测电笔时手应接触笔尾金属体。

接触笔尖金属体有触电危险！故D错误。

二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图，在水平拉力F的作用下，使物体A沿水平面以速度v向右匀速运动了距离s，若物重为G，平面对物体的摩擦力为f。

下列说法正确的是
A．有用功的功率为fv
B．拉力做功的功率为3Fv
C．装置的机械效率为
D．额外功为(3F－f)s
ABD
【解析】
试题分析：用滑轮组水平拉物体，克服摩擦力做功是有用功W有用=fs，A正确；，所以有用功功率P有用=fv，A正确；承受拉力的绳子段数为3，所以拉力移动速度为3v，所以拉力功率P拉=3Fv，B正确。

又因为拉力移动的距离s拉=3s，所以拉力做功W拉=3Fs，所以机械效率，额外功
，即C错误，D正确；故选ABD。

考点：滑轮组的机械效率，有用功、额外功的计算
12．如图所示，电源电压为4.5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”（灯丝电阻不变）。

在保证小灯泡L电流不超出额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是
A．小灯泡的额定电流是0.6A
B．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10Ω
C．电压表示数变化范围是0～3V
D．电流表示数变化范围是0.3～0.5A
BD
【解析】已知灯泡的额定电压和额定功率，由P=UI可得，灯泡正常发光电流：I额=P额/U额=1.25W/2.5V=0.5A，故A错误；
由题知，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表量程为“0～0.6A”，串联电路中电流处处相等，所以电路中的最大电流I max=0.5A，此时灯泡正常发光；由欧姆定律知，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小为：R滑min=U滑/I max=U−U额/I max=4.5V−2.5V/0.5A=4Ω；灯泡的电阻：R L=U额/I额=2.5V/0.5A=5Ω，当电压表示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，此时灯泡两端的电压：U L′=U-U滑max=4.5V-3V=1.5V，电路中的最小电流：I min =U L′/R L=1.5V/5Ω=0.3A，所以电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，故D正确；
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R滑max =U滑max/I min=3V/0.3A=10Ω，所以滑动变阻器阻值变化的范围是4Ω～10Ω，故B正确；
电源电压为4.5V，灯泡额定电压为2.5V，灯泡两端最大电压为2.5V，此时滑动变阻器两端电压最小为：4.5V-2.5V=2V；则电压表示数变化范围是：2V～3V，故C错误，故选BD。

13．通过直接感知的现象，推测无法直接感知的事实，这是物理学中常用的方法，小明同学对下面观察到
的现象作了以下推测，其中符合事实的是
A ．现象：用手很难将固体压缩。

推测：固体内分子之间有斥力
B ．现象：摩擦起电。

推测：原子是由更小的微粒组成的
C ．现象：将通电导体靠近小磁针时，小磁针发生偏转。

推测：通电导体周围存在磁场
D ．现象：通过小灯泡发光，推测：灯丝中有电流通过
ABCD
【解析】
【详解】
A ．因为分子间存在斥力，所以固体很难被压缩，推测正确，符合事实；
B ．摩擦起电是电子的转移，通过摩擦起电现象可以推测出原子是由更小的微粒组成的，符合事实；
C ．将通电导体靠近小磁针时，小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，符合事实；
D ．灯泡在有电流通过时能够发光，所以由灯泡能够发光可以推测出电路中有电流通过，符合事实。

三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．如图所示是四冲程汽油机工作状态的示意图，由图可以看出，此时它正处在____________冲程。

做功
【解析】
【详解】
如图，两气门关闭，火花塞点火，汽油燃烧，膨胀的气体推动活塞向下运动，是做功冲程。

15．5月17日23时48分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功发射一颗北斗导航卫星。

地面控制中心通过___________波向它发出指令，这种波在真空中传播的速度为______m/s ；卫星穿过大气层时，与大气层发生剧烈摩擦，温度升高，这是通过______的方式增加了内能。

电磁波 3×108m/s 做功
【解析】
【详解】
电磁波可以传递信息，并且可以在真空中传播，所以，地面中心是通过电磁波来给卫星传达指令的；这种
波在真空中传播速度为3×
108 m/s ；卫星穿过大气层时，温度升高，是因为要克服摩擦做功，机械能转化为内能。

16．水深1米处的压强为______帕；重为12牛、体积为43510-⨯米的石块浸没在水中受到重力与浮力的合力大小为_______牛，方向为_______________。

9800 7.1 竖直向下
【解析】
【详解】
水深1m处水的压强为：p=ρgh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1m=9800Pa；
石块浸没在水中受到的浮力为：F浮=G排=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×5×10-4m3=4.9N；
浮力与重力的合力为：F合=G-F浮=12N-4.9N=7.1N，合力的方向竖直向下。

17．如图所示，甲、乙两个圆柱形容器中盛有两种不同的液体A、B，液体对两个容器底的压强相等，则ρA______ρB，现将两个质量相等的物体分别放入两个容器中，静止时一个漂浮，另一个悬浮(液体均无溢出)，此时两个容器底受到液体压强的大小关系是p甲________p乙。

(均填“大于”“等于”或“小于”)
大于小于
【解析】
【详解】
根据两种液体对容器底的压强相等，结合图知h A＜h B，由p=ρgh可知，ρA＞ρB；
因为原来两容器中液体产生的压强相等，均匀柱形容器，则F A=G A=pS A；F B=G B=pS B；又因为S A＞S B，可得G A＞G B，
由将两个质量相等的物体分别放入两个容器中，静止时一个漂浮，另一个悬浮（液体均无溢出），由于两物体重力相等都为G，原来液体对两个容器底的压强相等都为p，放入物体后的压强分别为p甲=p+、p
=p+，由S A＞S B可知：p甲＜p乙．
乙
18．2017年4月，我国国产直升机AC311A成功试飞．直升机能停留在空中，是因为旋转的机翼对空气施加了向下的力，根据物体间力的作用是_____，空气对机翼也施加了向上的力，所以直升机能够停留在空中．另外，我国国产大飞机C919于5月也完成了首飞，客机在飞行时，机翼上表面空气流速_____，压强_____，因此获得向上的升力．
相互的大小
【解析】
【分析】
（1）物体间力的作用是相互的，螺旋桨在对空气施力的同时，也受到空气对它施加的反作用力；
（2）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．
【详解】
（1）直升机的螺旋桨对空气施加了一个竖直向下的力，由于物体间力的作用是相互的，所以空气对直升
机施加了一个竖直向上的反作用力，这个力就是飞机向上的升力；
（2）机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，机翼受到一个向上的压强差，故飞机受到向上的升力．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图甲所示，重为16N、底面积是40cm2的物体A在拉力F的作用下，5s内匀速运动了0.5m。

拉力做的功随时间变化的图象如图乙所示。

物体A在水平桌面上运动时受到的摩擦阻力为物重G的0.25倍。

求：
物体A静止在水平地面时对地面的压强5s内拉
力F对物体A做的有用功滑轮组的机械效率
（1）4000Pa；（2）2J；（3）80%。

【解析】
【详解】
（1）物体A对水平地面的压力为F＝G＝16N，则其对地面的压强为p＝F
S
＝
2
16N
0.004m
＝4000Pa。

（2）由于物体被水平拉动，所以拉力克服物体受的摩擦力做的功为有用功。

物体受到的摩擦力为f＝0.25G ＝0.25×16N＝4N。

则5s内做的有用功为W有＝fs＝4N×0.5m＝2J。

（3）由图乙所示图象可知，在5s内拉力做的总功为W总＝2.5J，则滑轮组的机械效率为η＝W
W
有
总
＝
2J
2.5J
＝80%。

20．重为200N的方形槽（内壁材料为铁质），放在水平台面上，有一个质量为0.6kg的磁性物块吸附在容器内壁，物块恰好能沿侧壁匀速向下滑动，最后静止在容器的底部；然后向槽中加水，当磁性物块五分之四的部分浸在液体中时，物块开始随液面向上滑动（不考虑水对摩擦力的影响）
（1）求该物块匀速下滑时受到侧壁的摩擦力f；
（2）物块向上滑动时，求该物块所排开水的体积V排；
（3）求该磁性物块的密度．
（1）6N；（2）1.2×10-1m1；（1）0.4×101kg/m1．
【解析】
【详解】
（1）因为物块匀速向下滑动，所以它受到的是平衡力，f=G物=m物g=0.6kg×10N/kg=6N；（2）物块向上滑动时，滑动摩擦力方向向下，则F浮=G物+f=6N+6N=12N
由阿基米德原理F浮=ρ水gV排得：V排=
F
g ρ
浮水
=
33
12N
1.010kg/m10N/kg
⨯⨯
=1.2×10-1m1；
（1）磁性物块的体积：V=4
5
V
排
=
33
1.210m
4
5
-
⨯
=1.5×10-1m1；
磁性物块的密度：ρ=
m
V
=
33
0.6kg
1.510m
-
⨯
=0.4×101kg/m1．
答：（1）求该物块匀速下滑时受到侧壁的摩擦力f为6N；
（2）物块向上滑动时，求该物块所排开水的体积V排为1.2×10-1m1；
（1）该磁性物块的密度为0.4×101kg/m1．
21．物体排开水的体积为2×10－3米3，求它所受的浮力F浮．
20牛
【解析】
【分析】
【详解】
根据阿基米德原理可得，物体受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10－3m3=20N．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．在图中,画出由点光源S发出,经平面镜反射后过P的光线．
【解析】
先通过平面镜作出发光点S的对称点S′即为S的像；连接S′P交平面镜于点O，SO为入射光线，OP为反射光线；如图所示：
23．图为带开关的插座，部分电路已接好．请用笔画线代替导线将电路补画完整．
（_____）
略
【解析】
开关控制着三孔插座，因此和三孔插座是串联，火线下来进开关，开关出来进三孔插座的右孔，从三孔插座的左孔进零线．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小明同学做了一个如图所示的装置，闭合开关，用外力使导体棒ab水平向右移动，发现导体棒cd也随之运动起来，在此实验中：
（1）实验装置中的甲部分，应用的物理原理是_____．
（2）实验装置中的乙部分，在cd棒运动过程中，是将电能转化成_____能．
（3）此装置中_____（填“甲”或“乙”）部分产生的现象，与生活中电动机的工作原理是相似的．
电磁感应现象机械乙
【分析】
（1）电磁感应现象，即闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，此时电路中就会产生感应电流，发电机就是利用该原理制成的；（2）直流电动机原理是通电导线在磁场中受力的作用；故由题干中电路的结构和特点分析判断即可解决该题．
【详解】
(1)由题干图可知：闭合开关，将导体ab水平向右移动，此时相当于闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，故导体中会有感应电流产生，这是利用电磁感应现象的原理实现的，此时导体ab相当于电源；
(2)此装置中的cd相当于放入磁场中的通电导体，据通电导体在磁场中受力的作用，故cd受力运动，它是将电能转化为机械能；
(3)电动机是利用通电导线在磁场中受力作用的原理工作的，故与乙装置产生的现象相类似．
故答案为(1)电磁感应现象;(2)机械;(3)乙．
25．现有下列器材：学生电源（6V）,电流表（0-0.6A,0-3A），电压表（0-3V,0-15V）,定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）开关、滑动变阻器和导线若干，利用这些器材探究“电压不变时，电流与电阻的关系”
（1）请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路，（要求连线不得交叉）（______）
（2）实验中依次接入三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，几下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像，由图象可以得出结论：_________
（3）上述实验中，小强用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，向_____（选填“A”或“B”）端移动滑片，使电压表示数为____V时，读出电流表的示数．
（4）为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器________________.
A．30Ω 1.0A B．20Ω 1.0A C．50Ω 1.0A
电压不变时，电流与电阻成反比 A 2 A
【解析】
【分析】
【详解】
(1)变阻器按一下一上接入电路中，根据电路图知，滑动变阻器接B下接线柱，电压表与电阻并联，如下所示：
(2)由图丙知，电流与电阻的积为：U IR
=0.4A×5Ω=0.2A×10Ω=0.1A×20Ω=2V，电流与电阻之积为一定值，由图象可以得出结论：电压不变时，电流与电阻成反比；
(3)根据分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数为2V，读出电流表的示数；(4)电阻两端的电压始终保持2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=6V−2V=4V，变阻
器分得的电压为电压表示数的4V
2V
=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻
为：R滑=2×20Ω=40Ω，因BC不可行，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少40Ω的滑动变阻器，选用50Ω 1A的变阻器，故A正确．
26．根据给定的器材，设计实验测定未知电阻R X的电阻值．
器材：电压未知的稳压电源一台；已知电阻值的电阻R0一个；符合要求的电流表一块；单刀单掷开关两个；待测电阻R X以及导线若干．
要求：实验过程中不得拆改电路；
（1）画出电路图______；
（2）简述实验步骤；
①电流表调零，开关断开，按照电路图连接电路
②_____．
（3）计算式R X ＝_____．
先只闭合开关S 1，记下电流表的示数I 0断开开关S 1，再闭合开关S 2，记下电流表的示数I X
00X
I R I 【解析】
【详解】
（1）根据题意，把已知定值电阻R 0与未知电阻R X 并联，每个支路各有一个开关单独控制，电流表在干路上，如图所示：
（2）实验步骤：
①电流表调零，开关断开，按照电路图连接电路；
②先只闭合开关S 1，记下电流表的示数I 0；
③断开开关S 1，再闭合开关S 2，记下电流表的示数I X ．
（3）根据欧姆定律，又因为并联电路电压相等，所以，I 0R 0＝I X R X ，即R X ＝00x
I R I。