高三物理二轮复习简谐运动题型归纳

2019届高三物理二轮复习简谐运动题型归纳
类型一、简谐运动的图像
利用简谐运动的图象可以确定：
（1）可以确定振动物体在任一时刻的位移。

如图中，对应1t 、2t 时刻的位移分别为 1=+7x cm ，2=-5x cm 。

（2）确定振动的振幅。

图中最大位移的值就是振幅，如图表示振动的振幅是10cm 。

（3）确定振动的周期和频率。

振动图象上一个完整的正弦（余弦）图形在时间轴上拉开的“长度”表示周期。

由图可知，OD 、AE 、BF 的间隔都等于振动周期，T=0.2s ，频率1=5f Hz T 。

（4）确定各质点的振动方向。

例如图中的1t 时刻，质点正远离平衡位置向位移的正方向运动；在3t 时刻，质点正向着平衡位置运动。

（5）比较各时刻质点加速度的大小和方向。

例如在图中1t 时刻质点位移1x 为正，则加速度1a 为负（向下指向O ）， 2t 时刻2x 为负，则加速度2a 为正（向上指向O ），又因为12>x x ，所以12>a a 。

例1、一竖直悬挂的弹簧振子下端装有一记录笔，在竖直面内放置有一记录纸．当振子上下振动时，以速率v 水平向左匀速拉动记录纸，记录笔在纸上留下如下图所示的图像．y 1、y 2、x 0、2x 0为纸上印迹的位置坐标．由此图求振动的周期和振幅．
【答案】 02x v 122
y y - 【解析】设周期为T ，振幅为A . 由题图得02x T v =，122
y y A -=. 举一反三
【变式1】一质点简谐运动的振动图象如图所示。

（1）该质点振动的振幅是 cm ；周期是 s ；初相是________。

（2）写出该质点简谐运动的表达式，并求出当t=1s 时质点的位移。

【答案】（1）A=8cm ，T=0.2s ，=2π
ϕ；（2）=8sin (10+)cm 2x t π
π =8x cm
【解析】（1）由质点振动图象可得A=8cm ，T=0.2s ，=
2πϕ （2）2=10T
πωπ= rad/s 质点简谐运动表达式为=8sin (10+)cm 2x t π
π，当t=1s 时，=8x cm 。

【变式2】如图所示为一弹簧振子的振动图象。

求：
（1）从计时开始经过多长时间弹簧振子第一次达到弹性势能最大？
（2）在第2s 末到第3s 末这段时间内弹簧振子的加速度、速度、动能、弹性势能各是怎样变化的？
（3）该振子在前100s 内的总位移是多少？路程是多少？
【答案】（1）1t s =（2）略（3）=0x 路程是5米。

【解析】（1）由图可知，在计时开始的时刻弹簧振子恰好沿x 轴正方向通过平衡位置O ，此时弹簧振子具有最大动能，随着时间的延续，速度不断减小，而位移逐渐增大，经=14
T t s =，其位移达到最大，此时弹性势能最大。

（2）由图知，在t=2s 时，弹簧振子恰好通过平衡位置，此时加速度为零，随着时间的延
续，位移值不断增加，加速度的值也变大，速度值不断变小，动能不断减小，弹性势能逐渐增大；当t=3s 时，加速度的值达到最大，速度等于零，动能等于零，弹性势能达到最大值。

（3）振子经过一周期位移为零，路程为5×4cm=20cm ，前100s 刚好经过了25个周期，所以前100s 内振子位移=0x ，路程s =20×25cm=500cm=5m 。

类型二、简谐运动具有往复性、对称性和周期性
例2、一位游客在千岛湖边欲乘坐游船，当日风浪较大，游船上下浮动．可把游船浮动简化成竖直方向的简谐运动，振幅为20 cm ，周期为3.0 s ．当船上升到最高点时，甲板刚好与码头地面平齐．地面与甲板的高度差不超过10 cm 时，游客能舒服地登船．在一个周期内，游客能舒服登船的时间是( )
A ．0.5s
B ．0.75s
C ．1.0s
D ．1.5s
【答案】C
【解析】本题考查简谐运动的知识点和建模能力．从平衡位置开始计时，游船的振动方程
2=20sin cm 3x t π⎛⎫ ⎪⎝⎭
游客要舒服地登船需满足的条件
Δx ＝20－x ≤10，
解得0.25 s ≤t ≤1.25 s ，
故游客能舒服地登船的时间Δt ＝1.0 s ，选项C 正确．
性。

举一反三
【变式1】一个弹簧振子在A 、B 间做简谐运动，O 为平衡位置，如图甲所示，以某一时刻t=0为计时起点，经1/4周期，振子具有正方向最大的加速度，那么在图乙所示的振动图线中，能正确反应振子的振动情况是（以向右为正方向）（ ）
【答案】D
【解析】以某一时刻t=0为计时起点，经1/4周期，振子具有正方向最大的加速度，说明振子从平衡位置向负方向运动到最大位移处。

【变式2】弹簧振子以O 点为平衡位置做简谐振动。

从O 点开始计时，振子第一次到达M 点时用了0.3s ，又经过0.2s 第二次通过M 点，则振子第三次通过M 点还要经过的时间可能是（ ）
A ．1/3s
B ．8/15s
C ．1.4s
D ．1.6s
【答案】AC
【解析】本题涉及的知识有简谐运动周期、简谐运动的对称性。

将物理过程模型化，画出具体的图景如图所示：分两种情况：
第一种情况：如图（a ）所示， O 点表示振子的平衡位置，
OB 或OC 表示振幅，振子由O 向C 运动，从O 到C
所需时间为1/4周期，由于简谐运动具有对称性，故振子从M 到C 点和C 到M 点所用的时间相等，则
10.20.30.442
T =+=, 1.6T =秒， 又由图可知， 从振子第一次经过M 点到第三次经过M 点所用时间恰为一个周期，所以从第二次经过M 点到第三次经过M 点所用时间为0.2 1.4t T =-=秒。

故C 正确。

第二种情况：如图（b ）所示，还是要先求出周期。

振子由O 到B 运动，由于对称性，由O 到B 第一次
到M 点再到C 的时间是四分之三个周期，3
0.4=4
T ', 所以 1.63
T '=, 第三次经过M 的时间
10.23
t T ''=-=秒。

故A 也正确。

【总结升华】本题的关键是：分析周期性，弄清物理图景，判断各种可能性．解题方法是将物理过程模型化、分段分析、讨论。

类型三、竖直弹簧振子的物理模型
例3、两木块质量分别为m 、M ，用劲度系数为K 的轻弹簧连在一起，放在水平地面上，将木块1压下一段距离后释放，它就上下做简谐振动。

在振动过程中木块2刚好始终不离开地面（即它对地面最小压力为零）。

求木块1的最大加速度，木块2对地面的最大压力。

【答案】 =M m a g m
+ 2()N M m g =+ 【解析】本题是竖直方向上做简谐运动的弹簧振子问题。

最低点在开始释放时的位置，平衡位置在弹力等于重力的位置。

当弹簧处于伸长至最长状态时，M 刚好对地面压力为零，故弹簧中弹力F=Mg ，此时m 有最大加速度，
由 =F mg ma + 解以上两式得m 的最大加速度为=M m a g m
+。

由对称性，当m 运动至最低点时，加速度为a ，弹簧中弹力大小为F '，对木块1弹力方向向上，应用牛顿第二定律 =F mg ma '- 解得 =+2F Mg mg '。

但此时弹簧是处于压缩状态，对木块2受力分析：重力向下、弹力向下、支持力向上，
支持力 =2+2=2()N F Mg Mg mg M m g '=++
故木块2对地面的最大压力：2()N M m g =+
【总结升华】竖直方向上做简谐运动的弹簧振子与水平方向振动的弹簧振子一样具有对称性、周期性，最大位移处加速度最大。

本题是简谐运动与动力学相结合的典型问题，要结合牛顿第二定律求解。

举一反三
【变式1】悬挂在竖直方向上的弹簧振子，周期T=2秒，从最低点位置向上运动时开始计时，在一个周期内的振动图像如图所示，关于这个图像下列哪些说法正确（ ）
A. =1.25t s 时，振子的加速度为正，速度也为正
B. =1.7t s 时，振子的加速度为负，速度也为负
C. =1.0t s 时，振子的速度为零，加速度为负的最大值
D. =1.5t s 时，振子的速度为零，加速度为负的最大值
【答案】C
【解析】=1.25t s 时，由图像知，振子向下运动，振子的加速度向下为负，速度向下为负，A 错；=1.7t s 时，振子向下运动，振子的加速度向上为正，速度向下为负，B 错；=1.0t s 时，振子在最高点，振子的速度为零，加速度向下为负的最大值，C 对；=1.5t s 时，振子在平衡位置向下运动，振子的速度最大向下为负，加速度为零，D 错，故选C 。

【变式2】 如图所示，弹簧下面挂一质量为m 的物体，物体向上做振幅为A 的简谐运动，当物体振动到最高点时，弹簧正好为原长。

则物体在振动过程中（ ）
A.物体在最低点时的弹力大小应为2mg
B.弹簧的弹性势能和物体的动能总和保持不变
C.弹簧的最大弹性势能等于2mgA
D.物体的最大动能应等于mgA
【答案】AC
【解析】由弹簧振子做简谐运动的对称性，在最高点时物体所受合力为mg ，方向向下，所以在最低点物体所受合力也为mg ，方向向上，所以此时弹力大小为2mg ，A 项正确；振动过程中物体的动能、重力势能与弹簧的弹性势能之和守恒，所以B 项错；当小球的动能和重力势能之和最小时（物体在最低点），弹簧的弹性势能最大，物体由最高点运动到最低点过程中，重力势能减少2mgA ，动能不变，所以此位置的弹性势能为2mgA ，C 项正确；当物体在平衡位置时，动能最大，但由最高点运动到平衡位置过程中，重力势能减少了mgA ，一部分转化为动能，一部分转化为弹性势能，所以物体的最大动能一定不是mgA ，D 项错。

【变式3】如图所示，质量为m 的木块放在弹簧上，与弹簧一起在竖直方向上做简谐运动。

当振幅为A 时，物体对弹簧的最大压力是物体重力的1.5倍，则物体对弹簧的最小弹力是多大？要使物体在振动中不离开弹簧，振幅不能超过多大？
【答案】min =0.5F mg =2A A '
【解析】当木块运动到最低点时，对弹簧弹力最大，max =1.5mg F ，
此时由牛顿第二定律得：max -=F mg ma 所以加速度 =0.5a g
当木块运动到最高点时，对弹簧弹力最小，此时由牛顿第二定律得：min -=mg F ma 由运动的对称性知，最高点与最低点的加速度大小相等，即=0.5a g
代入求得，最小弹力min =0.5F mg
在最高点或最低点: 回复力 ==0.5F kA ma mg =回，所以弹簧的劲度系数=2mg k A。

物体在平衡位置下方处于超重状态，不可能离开弹簧，只有在平衡位置上方可能离开弹簧。

要使物体在振动过程中恰好不离开弹簧，物体在最高点的加速度=a g ，此时弹簧的弹力为零，若振幅再大，物体便会脱离弹簧。

物体在最高点刚好不离开弹簧时，回复力为重力，所以=mg kA '，则振幅 =2mg A A k
'= 类型四、受迫振动和共振现象分析
物体做受迫振动时振动频率与物体固有频率无关，由驱动力频
率决定。

受迫振动的振幅A 与驱动力的频率f 的关系——共振曲线
（如图所示），f 固表示振动物体的固有频率，当=f f 固时振幅最大，
即达到共振。

例4、如图所示，是一个单摆的共振曲线(取g=10 m/s 2)
A. 此单摆的摆长约为2.8m
B. 此单摆的周期约为0.3s
C. 若摆长增大，共振曲线的峰将向上移动
D.若摆长增大，共振曲线的峰将向左移动
【答案】AD
【解析】由共振曲线可知，单摆的固有频率为0=0.3f Hz ，
故周期 110=3T s f = B 错。

2l T g
π= 摆长2==2.84g l m f π，A 对。

若摆长增大，周期增大，频率变小，共振曲线的峰值将向左移动，C 错D 对。

故选AD 。

【总结升华】共振的条件是：驱动力的频率f 等于振动物体的固有频率。

根据周期公式判断共振曲线的峰值将向哪边移动。

举一反三
【变式1】铁轨上每根钢轨长12.5m ，若支持车厢的弹簧固有频率为2Hz ，那么列车以多大速度行驶时，车厢振动的最历害?
【答案】 25m/s
【解析】 匀速运行列车经过轨端接缝处时，车轮就会受到一次冲击，由于每一根钢轨长度相等，所以这个冲击力是周期性的，列车受到周期性的冲击做受迫振动。

共振的条件是驱动力的频率等于系统的固有频率，周期L T v
=，当12v f T L ===，产生共振，即可求出速度。

所以=212.5/=25/v fL m s m s =⨯
【变式2】某同学看到一只鸟落在树枝上的P 处，树枝在10s 内上下振动了6次，鸟飞走后，他把50g 的砝码挂在P 处，发现树枝在10s 内上下振动了12次，将50g
的砝码换成500g 砝码后，他发现树枝在15s 内上下振动了6次，你估
计鸟的质量最接近（ ）
A ．50g
B ．200g
C ．500g
D ．550g
【答案】B
【解析】本题是一个估算题，直接给出的条件少，这类问题的处理方法是对题目的已知条件进行大胆、合理地“修整”，寻找隐含的条件、规律。

鸟在树枝上时，树枝振动的周期 0105=1.763
T s s == 挂上50g 的砝码时，树枝振动周期 110=0.8312
T s s = 挂上500g 的砝码时，树枝振动的周期 215=2.56T s s =
由于102T T T <<，所以鸟的质量m 应满足50g ＜m ＜500g ，故B 选项正确。