2019版高考物理江苏专版二轮复习课件：第二部分 方法·规律 通晓高考4大解题策略

送带的速度相同时，两者无相对运动或相对运动趋势，摩擦力为
零，A、B错误；前阶段过程中物品的加速度为a＝μg，加速运动
时间t＝va＝μvg，所以摩擦产生的热量为Q ＝μμmgv·μg
＝
1 2
mv2，故v相同时，μ不同的等质量物品与传送带
摩擦产生的热量相同，C正确；物品加速位移x＝
3．如图是某物体在 t 时间内的位移—时间图像和速度—时间
图像，从图像上可以判断
()
A．物体的运动轨迹是抛物线 B．物体时间t内的平均速度不一定是4.5 m/s C．物体运动的时间t＝2 s D．物体的加速度为2176 m/s2
解析：由v-t图像知，该物体做匀加速直线运动，运动轨迹是直
线，A错误；根据匀变速直线运动的平均速度的公式可知，物
(二)曲线运动与万有引力、能量与动量
物理概念、规律
公式
备注
沿水平方向做匀
平抛运动
vx＝v0，vy＝gt x＝v0t，y＝12gt2
速直线运动，沿 竖直方向做自由 落体运动
曲 线
v＝ΔΔst
运 动
匀速圆周运动
ω＝ΔΔθt a＝vr2＝ω2r＝4Tπ22r＝ωv
F＝ma＝mvr2＝mω2r
v＝2Tπr ω＝2Tπ v＝ωr
10．如图甲所示，一个可视为质点的物块从倾角为 θ＝30°的固定斜
面顶端由静止开始下滑，从此时开始计时，物块的速度为 v，到
斜面顶端的距离为 x，其 x-v2 图像如图乙所示。g 取 10 m/s2，
斜面足够长，不计空气阻力，下列说法正确的是
()
A．物块的加速度大小为8 m/s2
B．物块在t＝1 s时的速度大小为8 m/s
C．v 相同时，μ 不同的等质量物品与传送带摩擦产生的热量相同
D．μ 相同时，v 增大为原来的 2 倍，前阶段物品的位移也增大为
原来的 2 倍
解析：前阶段，物品的速度小于传送带的速度，相对传送带向后
运动，受到与传送方向相同的滑动摩擦力作用，物品向传送方向
做初速度为零的匀加速直线运动，后阶段，即当物品的速度与传
8.如图所示为地铁站用于安全检查的
装置，主要由水平传送带和 X 光透
视系统两部分组成，传送过程传送带
速度不变。假设乘客把物品轻放在传
送带上之后，物品总会先后经历两个
阶段的运动，用 v 表示传送带速率，用 μ 表示物品与传送带间的
动摩擦因数，则
()
A．前阶段，物品可能向传送方向的反方向运动
B．后阶段，物品受到的摩擦力方向跟传送方向相同
公式 p＝mv
备注 矢量，与 v 同向
冲量 动 动量定理 量
I＝F(t′－t) I＝Δp
矢量，与 F 同向 矢量表达式
动量守恒定律
m1v1＋m2v2＝ m1v1′＋m2v2′
守恒条件： 系统所受合外力为零
矢量表达式
保 温训练
1．[多选]下列有关物理学史的说法中正确的是
()
A．奥斯特发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序
C. 2μmg
D．2μmg
解析：将重力按照实际作用效果正交分解， 如图，故：G2＝mgsin 45°＝ 22mg，G1＝ mgcos 45°＝ 22mg，滑动摩擦力为：
f＝μG1＋μG2＝ 2μmg，故所需的最小推力为 Fmin＝f＝ 2μmg， 故 C 正确。 答案：C
6.如图所示，倾角为 θ＝37°的斜面固定在水 平地面上，质量为 1 kg 的滑块以初速度 v0 从斜面底端沿斜面向上滑行(斜面足够长，滑 块与斜面间的动摩擦因数为 0.8)。则该滑块 所受摩擦力 f 随时间 t 变化的图像为选项图中的(以初速度 v0 的方 向为正方向，g 取 10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8) ( )
η <1
物理概念、规律 动能
重力势能
公式 Ek＝12mv2
Ep＝mgh
备注 标量，具有相对性
与零势能面的选择有关
能 动能定理
W 合＝12mv22－12mv12
W 合为合外力做的功
机械能 守恒定律
E1＝E2
守恒条件：在只有重力或
或 Ek1＋Ep1＝Ek2＋Ep2 弹力做功的物体系统内
物理概念、规律 动量
7.某人乘电梯下楼，在竖直下降的过程中，电梯速度的平方 v2 与下降的位移 x 的关系如图所示，则人对地板的压力 ( )
A．x＝2 m 时大于重力 C．x＝21 m 时大于重力
B．x＝11 m 时大于重力 D．x＝21 m 时等于重力
解析：由题图可知电梯竖直下降过程 中，初速度为零，0～3 m 过程中 v2 ∝x，根据 v2－v02＝2ax 可知，电梯 向下做匀加速直线运动，加速度向下， 人和电梯处于失重状态，此人受到的 支持力小于重力，根据牛顿第三定律可知，人对地板的压力小于 重力，在 3～20 m 过程中 v2 恒定不变，即电梯做匀速直线运动， 此过程中人受到的支持力等于重力，即人对地板的压力等于重力， 在 20～23 m 过程中 v2 随 x 均匀减小，根据 v2－v02＝2ax 可得， 电梯做匀减速直线运动，加速度向上，人和电梯处于超重状态， 此过程中人受到的支持力大于重力，即人对地板的压力大于重力， 故 C 正确。 答案：C
解析：由题图可知，a 车做匀速运动，其速 度：va＝ΔΔxt ＝8－3 2 m/s＝2 m/s，故 A 错误； t＝3 s 时，直线 a 和曲线 b 刚好相切，即此 时 b 车的速度 vb′＝va＝2 m/s，故 B 错误； 由 b 车的加速度等于－2 m/s2 易得，t＝1 s 时，b 车的速度为 6 m/s，故 C 错误；设 b 车的初速度为 vb，对 b 车，由 vb＋at＝vb′，解得 vb＝8 m/s，t＝3 s 时，a 车的位移 xa＝vat＝6 m，b 车的位移：xb＝vb＋2vb′t＝15 m，此 时 a 车和 b 车到达同一位置，得 x0＝xb－xa＝9 m，故 D 正确。 答案：D
解析：滑块以初速度 v0 从斜面底端沿斜面向上滑行，受到的是滑 动摩擦力，由公式：f＝μN 可得：f＝μmgcosθ＝0.8×1×10×0.8 N ＝6.4 N，方向沿斜面向下；重力沿斜面向下的分力为 mgsin θ＝ 1×10×0.6 N＝6.0 N<6.4 N，所以滑块滑到最高点时，处于静止状 态，由平衡条件知，滑块受到的静摩擦力大小为 6.0 N，方向沿斜 面向上，B 正确，A、C、D 错误。 答案：B
第 二 部 分 考前调节·激发状态
先牢记通法，再针对训练
方法·规律 通晓高考4大解题策略
一
必记公式和结论
——解题“工具”掌握牢
二
必忆模型和规律
——快速破题“往上套”
三 必明图像和意义
——抓住“几点”就明了
四 必通实验和要点 —— 考题万变“离不了”
一 必记公式和结论
——解题“工具”掌握牢
(一)力与直线运动
F 合＝ma
a 与 F 合的方向一致
运
超重时物体具有向
动 超重和 上的加速度或分量， 航天器中的人和物体处于
定 失重 失重时物体具有向 完全失重状态
律
下的加速度或分量
保 温训练
1．从地面竖直上抛物体A，初速度大小为v，同时在离地高为H处，
有一物体B自由下落，经过时间t两物体在空中相遇，重力加速度
为g，则
v2 2a
＝
v2 2μg
，当μ
相同时，v增大为原来的2倍，前阶段物品的位移增大为原来的4
倍，D错误。 答案：C
9.如图所示，水平面上的长方体物块被沿对 角线分成相同的 A、B 两块。物块在垂直 于左边的水平力 F 作用下，保持原来形状 沿力 F 的方向匀速运动，则 A．物块 A 受到 4 个力作用 B．物块 A 受到水平面的摩擦力大小为F2 C．物块 B 对物块 A 的作用力大小为 F D．若增大力 F，物块 A 和 B 将相对滑动
幕
B．牛顿通过扭秤实验测出了万有引力常量 G 的数值
C．电荷量 e 的数值最早是由美国物理学家密立根测得的 D．卡文迪许利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律
物理概念、规律
匀变速直线运动 匀
变
速
直
线 运
自由落体运动
动
竖直抛体运动
公式
v＝v0＋at
x＝v0t＋12at2
v2－v02＝2ax
v
t 2
＝
v
＝v0＋2 v
Δx＝aT2
v＝gt
h＝12gt2 v2＝2gh
v＝v0±gt h＝v0t±12gt2 v2－v02＝±2gh
备注
v ＝xt 适用于任 何形式的运动
()
A．t＝Hv
B．t＝2Hv
C．t＝vg
D．t＝2vg
解析：两物体相遇时位移大小之和等于H，故有vt－
1 2
gt2＋
1 2
gt2＝
H，解得t＝Hv ，A正确。 答案：A
2．以从塔顶由静止释放小球 A 的时刻为计时零点，t0 时刻又在 与小球 A 等高的位置处，由静止释放小球 B。若两小球都只
受重力作用，设小球 B 下落时间为 t，在两小球落地前，两小
5. 一 截 面 为 直 角 的 长 槽 固 定 在 水 平 面
上，在其内部放一质量为 m、截面为
正方形的物块，槽的两壁与水平面夹
角均为 45°，横截面如图所示，物块
与两槽壁间的动摩擦因数均为 μ。现用水平力沿物块中心轴线推
动物块，使之沿槽运动，重力加速度为 g，则所需的最小推力为
()
A．μmg
2 B. 2 μmg
()
解析：对物块A分析受力：物块A水平方向
受到水平面的滑动摩擦力f，物块B的弹力
NBA和摩擦力fBA，竖直方向受重力和水平面 的支持力，所以物块A受到5个力作用，A错
误；对物块B分析受力：在水平方向上受到
物块A的弹力NAB和摩擦力fAB，水平向左的 滑动摩擦力f′，由于A、B两部分的质量以及水平面的粗糙程度相
体在时间t内的平均速度是
v
＝
v0＋vt 2
＝
3＋6 2
m/s＝4.5
m/s，B
错误；由x＝
v
t得t＝
x v
＝
8 4.5
s＝
16 9
s，C错误；物体的加速度
为a＝vt－t v0＝6－ 163 m/s2＝2176 m/s2，D正确。 9
答案：D
4．在平直公路上行驶的 a 车和 b 车，其 x-t 图像分别为图中直线 a 和曲线 b，已知 b 车的加速度恒定且等于－2 m/s2，t＝3 s 时，直线 a 和曲线 b 刚好相切，则( ) A．a 车做匀速运动且其速度为 va＝83 m/s B．t＝3 s 时，a 车和 b 车相遇但此时速度 不等 C．t＝1 s 时，b 车的速度为 10 m/s D．t＝0 时，a 车和 b 车的距离 x0＝9 m
球间的高度差为 Δx，则Δtx-t0 图线为
()
解析：两小球释放后都做自由落体运动，小球 B 释放时为 t0 时刻，此时小球 A 的速度为 gt0，小球 B 的速度为 0，根据匀 变速直线运动规律，小球 B 下落时间为 t 时，两小球下落的 高度分别为 hA＝gt0t＋12gt2 和 hB＝12gt2，则 Δx＝hA－hB＝gt0t， Δtx＝gt0，由函数图像知识，可知 B 正确。 答案：B
C．物块在t＝4 s时处于斜面上x＝24 m的位置
D．物块与斜面间的动摩擦因数μ＝
3 15
解析：由 v2＝2ax 得加速度为 a＝4 m/s2，故 A 错误； 由 v＝at 得 t＝1 s 时物块速度大小为 4 m/s，故 B 错误； 由 x＝12at2 得 t＝4 s 时，x＝32 m，C 错误； 由牛顿第二定律得：mgsin 30°－μmgcos 30°＝ma， 解得：μ＝153，故 D 正确。 答案：D
物理概念、规律 万有 引力 万有引力定律 定律
公式 F＝Gmr1m2 2
备注
引力常量：G＝ 6.67×10－11N·m2/kg2
功
W＝Flcos α
α 是 F 与 l 的夹角
功率
平均功率 P＝Wt 瞬时功率 P＝Fvcos
α 是 F 与 v 的夹角
功
α
机械效率
η＝WW有总用×100% ＝PP有总用×100%
同，所以f′＝f，将两者看成一个整体，对整体有f′＋f＝F，所以
物块A受到水平面的摩擦力大小为
F 2
，B正确；物块B对A的作用力
是弹力NBA和摩擦力fBA的合力，由平衡知作用力大小为
F 2
，且fBA＝
NBA tan θ
≤μNBA，得μ≥
1 tan θ
，增大力F时，物块A和B也不会相对滑
动，C、D错误。 答案：B
v0＝0，a＝g
上抛取“－”号 下抛取“＋”号
物理概念、规律
公式
备注
相 重力 互 作 胡克定律 用 滑动摩
擦力
G＝mg F＝kx F＝μFN
无特殊说明时 g 取 9.8 m/s2， 估算时 g 取 10 m/s2 x 为形变量，k 为劲度系数 FN 为接触面间的压力，不 一定等于重力
牛 牛顿第二 顿 定律