内蒙古包头市高一物理下学期第二次月考试题(含解析)

内蒙古2016-2017学年高一下学期第二次月考物理试卷
一、单项选择题:(共10小题，每题4分，每题有一项符合题目要求。

）
1. 质点沿轨道AB作曲线运动，速率逐渐减小，图中哪一种情况正确地表示了质点在C处
的加速度
A。

B.
C。

D。

【答案】C
【解析】曲线运动的条件是加速度（合力）方向指向曲线的内侧，故AD错误；B图中加速度方向与速度方向的夹角小于900，是加速运动，故B错误；C图中加速度方向与速度方向的夹角大于900，是减速运动,故C正确；故选C．
点睛:当物体速度方向与加速度方向不在同一直线上时，物体做曲线运动，加速度指向曲线凹的一侧；当加速度与速度方向夹角小于900时物体做加速运动;当加速度的方向与速度方向大于900时物体做减速运动；
2. 用绳子吊起质量为M的物体，当物体以加速度a匀加速上升H的高度时，物体增加的重力势能为( ）
A。

MgH B. MgH+Mga C。

MHa D. Mga
【答案】A
【解析】根据重力做功W G=-MgH,所以物体的重力势能增加MgH;故A正确,BCD错误；故选A.。

.. ..。

..。

3。

下列说法正确的是( )
A. 做圆周运动的物体所受合力指向圆心
B。

在匀速圆周运动中向心加速度是恒量
C. 匀速圆周运动是线速度不变的运动
D。

向心加速度越大,线速度方向变化越快
【答案】D
【解析】做匀速圆周运动的物体所受合力指向圆心，选项A错误；在匀速圆周运动中向心加速度大小不变，方向变化，则向心加速度不是恒量,选项B错误；匀速圆周运动是线速度大小不变但方向不断变化的运动，选项C错误;向心加速度是描述线速度方向变化快慢的物理量，向心加速度越大，线速度方向变化越快，选项D正确；故选D.
4。

如图所示，将带正电的球C移近不带电的枕形金属导体时,枕形导体上电荷的移动情况是（）
A。

枕形导体中的正电荷向B端移动，负电荷不移动
B。

枕形导体中电子向A端移动,正电荷不移动
C. 枕形导体中的正、负电荷同时分别向B端和A端移动
D. 枕形导体中的正、负电荷同时分别向A端和B端移动
【答案】B
【解析】试题分析：当将带正电荷的球C移近不带电的枕形金属导体时，发生了静电感应现象，在外电场的作用下枕形金属导体自由电子向A移动,故ACD错误、 B正确.
考点：静电感应
【名师点睛】考查了静电感应，电荷的移动；金属导电的实质是自由电子的移动,正电荷不移动．带正电荷的球C移近不带电的枕形金属导体时，发生了静电感应现象，金属导电的实质是自由电子的移动，正电荷不移动;电荷间的相互作用，同号电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．
5. 如图，在水平面内做匀速圆周运动的圆锥摆,关于摆球A的受力情况，下列说法正确的是（）
A. 摆球A受重力、拉力和向心力的作用
B. 摆球A受拉力和向心力的作用
C. 摆球A受拉力和重力的作用
D。

摆球A受重力和向心力的作用
【答案】C
【解析】球在水平面内做匀速圆周运动，对小球受力分析，如图所示
小球受重力、和绳子的拉力，由于它们的合力总是指向圆心并使得小球在水平面内做圆周运动，重力和拉力的合力提供向心力.故C正确,A、B、D错误。

6。

两个分别带有电荷量－Q和＋3Q的相同金属小球(均可视为点电荷），固定在相距为r
的两处,它们间库仑力的大小为F.两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）
A。

F B. F C。

F D。

12F
【答案】A
【解析】试题分析：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为：,两个相同的金属球各自带电,接触后再分开,其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离又变为原来的0．5倍，库仑力为：，故A正确．故选A．
考点：库仑定律
【名师点睛】本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．注意两电荷接触后各自电荷量的变化,这是解决本题的关键.
7. a、b、c是环绕地球圆形轨道上运行的3颗人造卫星,它们的质量关系m a=m b＜m c，则（）
A. b、c的线速度大小相等，且大于a的线速度
B. b、c的周期相等，且小于a的周期
C. b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度
D。

b所需向心力最小
【答案】D
【解析】试题分析：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M,根据得：，因为,所以
,故A错误；根据得：，因为，所以
，故B错误；根据得：,因为,所以，但b、c 向心加速度方向不同，b、c的向心加速度不同，故C错，因为，，所以b所需向心力最小，故D正确。

考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用
【名师点睛】本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度、周期和加速度的表达式,再进行讨论。

8. 下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是（)
A. B.
C。

D.
【答案】C
【解析】试题分析：在电场线中电场线的疏密表示电场强度的大小，当电场线疏密相同时,电场强度相等．
解：因电场线的疏密表示场强的大小,由图可知，只有C图中AB两点的电场线疏密程度相同，故A、B两点电场强度相同的点只有C．
故选C．
【点评】本题考查电场线的性质,电场线的方向表示场强的方向，电场线的疏密表示场强的大小．
9。

从高处沿水平方向抛出一物体,经时间t,该物体的瞬时速度的大小为,方向与水平方向夹角，不计空气阻力,则（）
A。

物体平抛的初速度为 B。

物体平抛的初速度为
C. 物体在竖直方向的位移为 D。

物体在竖直方向的位移为
【答案】D
【解析】根据平行四边形定则知，平抛运动的初速度v0=vcosα,或 ,故AB错误．物体在竖直方向上的位移y＝gt2，或，故C错误，D正确．故选D．
点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式
灵活求解，基础题．
10. 一质量为m的木块静止在光滑的水平面上．从t=0开始，将一个大小为F的水平恒力作
用在该木块上，在t=t1时刻，力F的功率是（）
A. B. C. D。

【答案】B
【解析】由牛顿第二定律可以得到，F=ma，所以，t1时刻的速度为v=at=t1，所以t1
时刻F的功率为P=Fv=F•t1=,故选B。

点睛：在计算平均功率和瞬时功率时一定要注意公式的选择，只能计算平均功率的大小,而P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率,取决于速度是平均速度还是瞬时速度．
二、多项选择题：(共5小题，每题有多项符合题目要求。

全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分）
11。

关于地球的第一宇宙速度，下列说法中正确的是( ）
A. 它是人造地球卫星环绕地球运转的最小速度
B。

它是近地圆行轨道上人造卫星的运行速度
C. 它是能使卫星进入近地轨道最小发射速度
D。

它是能使卫星进入轨道的最大发射速度
【答案】BC
【解析】第一宇宙速度是把近地人造卫星的轨道半径近似等于地球半径R，所受的万有引力近似等于卫星在地面上所受的重力mg，在这样的情况下推出的，仅适用于近地卫星。

而根据通用公式由公式得绕地球运动的半径越大，运行速度就越小,所以近地卫星环绕地球运转的速度即第一宇宙速度是人造地球卫星环绕地球运转的最大速度，故A 错，B对。

当发射卫星的速度达到第一宇宙速度了才能进入近地轨道绕地球做匀速圆周运动，发射速度小于第一宇宙速度将不能环绕地球运动，当速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度时,卫星将绕地球做椭圆运动,当达到第二宇宙速度后，卫星将逃离地球。

所以C正确，D错误
12. 下列说法中正确的是（)
A。

点电荷是一种理想模型,真正的点电荷是不存在的
B. 点电荷就是体积和带电量都很小的带电体
C。

根据可知，当r→0时，F→∞
D. 一个带电体能否看成点电荷，不是看它的尺寸大小，而是看它的形状和大小对所研究的问题的影响是否可以忽略不计
【答案】AD
【解析】点电荷是一种理想模型，真正的点电荷是不存在的，选项A正确;当带电体的形状、大小以及电荷分布可以忽略不计，该电荷可以看成点电荷．该电荷能否看成点电荷,不是看它的体积电量，而是看形状大小能否忽略．选项B错误；当r→0时,该电荷不能看成点电荷，公式不能适用，选项C错误；一个带电体能否看成点电荷，不是看它的尺寸大小，而是看它的形状和大小对所研究的问题的影响是否可以忽略不计，选项D正确；故选AD。

13。

如图所示,坐在雪橇上的人与雪橇的总质量为m,在与水平面成θ角的恒定拉力F作用下，沿水平地面向右移动了一段距离L．已知雪橇与地面间的动摩擦因数为μ，则雪橇受到的
（）
A。

支持力做功为mgL
B. 重力做功为0
C。

拉力做功为FLcosθ
D。

滑动摩擦力做功为μL（mg+Fsinθ)
【答案】BC
【解析】对雪橇受力分析，如图：
点睛:明确恒力F做功的计算公式：W=FScosθ，θ为F与S之间的夹角．若F是变力,要用变力的平均值来计算功．
14. 一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，电场线如图中实线所示，不计粒子所受重力，则 ( ）
A。

粒子带正电荷
B。

粒子加速度逐渐减小
C。

粒子在A点的速度大于在B点的速度
D。

粒子的初速度不为零
【答案】BCD
【解析】试题分析：A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左,电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A错误；
B、根据电场线的疏密可知,A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B点的电场力,
根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B点的加速度，即粒子的加速度逐渐减小，故B正确；
C、电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故粒子从A到B 电场力做负功,所以动能减小，即速度不断减小．所以A点的速度大于B点的速度,故C正确;
D、若在A点的初速度为零，在电场力作用下,粒子将逆着电场线运动，故粒子的初速度不为零，故D正确．
故选：BCD．
15。

如图所示，某段滑雪雪道倾角为30°,总质量为m（包括雪具在内）的滑雪运动员从距底端高为h处的雪道上由静止开始匀加速下滑,加速度为g。

在他从上向下滑到底端的过程中，下列说法正确的是（）
A。

运动员减少的重力势能全部转化为动能
B. 运动员获得的动能为mgh
C。

运动员克服摩擦力做功为mgh
D。

下滑过程中系统减少的机械能为mgh
【答案】BD
【解析】A、若物体不受摩擦力，则加速度应为，而现在的加速度为
小于，故运动员应受到摩擦力，故减少的重力势能有一部分转化为了内能，故A错误;
B、运动员运动员下滑的距离:，由运动学公式可得：，得：,
动能为：,故B正确；
C、由动能定理可知，解得：，故C错误；
D、机械能的减小量等于阻力所做的功,故下滑过程中系统减少的机械能为，故D正确。

点睛：在解决有关能量问题时,要注意明确做功和能量转化间的关系；合外力做功等于动能的改变量；重力做功等于重力势能的改变量；阻力做功等于内能的增加量。

16。

“验证机械能守恒定律”的实验采用重物自由下落的方法．
（1）本实验中，除铁架台、夹子、交流电源、纸带和重物外，还需选用的仪器是 ______
A．秒表 B．刻度尺C．天平D．打点计时器
(2）在验证机械能守恒定律的实验中,得到一条纸带如图2所示，图中O点为打点计时器打下的第一点，可以看做重物运动的起点，若重物的质量为1kg,己知相邻两点时间间隔为0。

02s,图中长度单位是cm，g取9.8m/s2,则打点计时器打下B点时，重物的速度V B= ______
m/s．从起点O到打下B点的过程中，重物动能的增加量△E k=______
J，重力势能的减小量△E P= ______ J，经过计算发现动能的增加量略小于重力势能的减少量，为什么_____________________．（以上计算结果均保留两位有效数字）
【答案】（1)。

（1）BD (2）. （2）V B=0.97m/s （3)。

（4）.
（5）. 重物克服阻力做功
【解析】（1)实验中由打点计时器测量时间，不再需要秒表，A错误；在求动能时需要测量两点间的长度求出平均速度，故需要用的刻度尺,B正确；而在数据处理中物体的质量可以消去，故不需要测物体的质量，故不用天平，C错误;在用自由落体“验证机械能守恒定律"时，我们是利用自由下落的物体带动纸带运动,通过打点计时器在纸带上打出的点求得动能及变化的势能，故需要打点计时器，D正确．故选BD。

(2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该段时间内的平均速度可以求出物体在B点时的速度
重力势能的减少量：△E p=mgh B=1×9。

8×4。

86×10—2J≈0。

48J
动能的增量:△E k=mv B2=×1×0.972
≈0.47J；
重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到较大的阻力,从能量转化的角度，由于阻力做功,重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能，所以动能的增加量略小于重力势能的减少量．
点睛:本题考查验证机械能守恒定律的原理的仪器选择，应根据实验的原理进行记忆;解决实验问题关键要掌握该实验原理，还要了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项; 本题比较简单，考查了验证机械能守恒定律中基本方法的应用,对于基本方法不能忽视,要在训练中加强练习，提高认识．
17。

如图所示，真空中带电荷量分别为＋Q和－Q的点电荷A、B相距r，则：
（1)两点电荷连线的中点O的场强多大？
（2）在两点电荷连线的中垂线上，距A、B两点都为r的O′点的场强如何？
【答案】（1）（2），方向水平向右
【解析】试题分析：(1）AB两点电荷在O点产生的电场强度：，
故O点的合场强为，方向由A指向B。

A、B在O′点产生的场强E A′＝E B′＝,
O′点的合场强E O′＝E A′＝E B′＝,方向与AB的中垂线垂直，即与同向
考点:考查了电场强度
18. 如图所示，质量为m的物体，从高为h，倾角为θ的斜面的顶端由静止开始沿斜面下滑,最后停在水平面上,已知物体与斜面和水平面间的动摩擦因数均为μ，
求:(1）物体滑到斜面底端时的速度；（2）物体在水平面上滑过的距离
【答案】(1)（2）
【解析】(1)由动能定理得：
(2)设物体在水平面上滑行的距离为对水平面上的运动用动能定理得：解得:
19。

一质量m＝0。

5kg的物体，以v0=4m/s的初速度沿水平桌面上滑过S＝0。

7m的路程后落到地面，已知桌面高h＝0.8m，着地点距桌沿的水平距离x=1。

2m，求物体与桌面间的摩擦系数是多少？（g取10m/s2)
【答案】0.5
【解析】根据h=gt2得,
t==0.4s，
则平抛运动的初速度v＝=3m/s。

根据速度位移公式得，匀减速运动的加速度大小a==5m/s2.
根据牛顿第二定律得，f=μmg=ma。

代入数据解得μ=0。

5．
尊敬的读者：
本文由我和我的同事在百忙中收集整编出来，本文稿在发布之前我们对内容进行仔细校对，但是难免会有不尽如人意之处，如有疏漏之处请指正，希望本文能为您解开疑惑,引发思考。

文中部分文字受到网友的关怀和支持，在此表示感谢！在往后的日子希望与大家共同进步，成长。

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